湖南省长沙市天心区部分学校2019-2020学年九年级【上)开学数学试卷含解析

合集下载

2019-2020学年湖南省长沙市天心区长郡中学九年级(上)期中数学试卷 (含答案解析)

2019-2020学年湖南省长沙市天心区长郡中学九年级（上）期中数学试卷一、选择题（本大题共12小题，共36.0分）1. 在下列交通标志中，既是轴对称图形，又是中心对称图形的是( ) A. B. C. D.2. 下列各数：π，√83，12，0，√3.其中无理数出现的频率是( )． A. 20% B. 40% C. 60% D. 80%3. 已知矩形的面积为20 cm 2，设该矩形的一边长为y cm ，另一边长为x cm ，则y 与x 之间的函数图像大致是( )A. B.C. D.4. 如图，在⊙O 中，CD 是直径，弦AB ⊥CD 于E ，顺次连接AC ，CB ，BD ，则下列结论中错误的是( )A. AC⏜=BC ⏜ B. AE =EBC. CD 平分∠ACBD. BA 平分∠CBD5. 如图，在同一平面内，将△ABC 绕点A 旋转到△AED 的位置，若AE ⊥BC ，∠ADC =65°，则∠ABC的度数为( )A. 30°B. 40°C. 50°D. 60°6.若不等式组{3x≥5x−2x>m恰有三个整数解，则m的取值范围是()A. −2≤m<−1B. −2<m≤−1C. −2≤m≤−1D. −2<m<−17.如图，已知BD是⊙O的直径，⊙O的弦AC⊥BD于点E，若∠AOD=60°，则∠DBC的度数为()A. 30°B. 40°C. 50°D. 60°8.如图，在平面直角坐标系中，四边形OABC是菱形，点C的坐标为(1,2)，则菱形OABC的面积是()A. √5B. 2√5C. 2√3D. 2√5−19.如图，从一块直径为2的圆形铁皮上剪出一个圆心角为90°的扇形CAB，且点C，A，B都在⊙O上，将此扇形围成一个圆锥，则该圆锥底面圆的面积是πA. 18B. 2ππC. 14πD. 16410.如图，已知正方形ABCD，顶点A(1,3)、B(1,1)、C(3,1).规定“把正方形ABCD绕原点O顺时针旋转90°，再向左平移1个单位”为一次变换，如此这样，连续经过2019次变换后，正方形ABCD的对角线交点M的坐标变为()A. (−3,−1)B. (−2,3)C. (−2017,2)D.(−2017,−2)11.方程x2+4x=2的正根为()A. 2−√6B. 2+√6C. −2−√6D. −2+√612.如图所示：抛物线y=ax2+bx+c(a≠0)的对称轴为直线x=1，且经过点(−1,0)，康康依据图象写出了四个结论：①如果点(−12,y1)和(2,y2)都在抛物线上，那么y1<y2；②b2−4ac>0；③m(am+b)<a+b(m≠1的实数)；④ca=−3．康康所写的四个结论中，正确的有()A. 1个B. 2个C. 3个D. 4个二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）13.因式分解：ab2−2ab+a=______．14.化简：√x3=______ ．15.一个不透明的袋中装有除颜色外均相同的9个红球，3个白球，若干个绿球，每次摇匀后随机摸出一个球，记下颜色后再放回袋中，经过大量重复实验后，发现摸到绿球的频率稳定在0.2，则袋中约有绿球______个．16.正方形ABCD中，E为DC边上一点，且DE=1，将AE绕点E顺时针旋转90°得到EF，连接AF，FC，则FC=______．17.如图，Rt△ABC中，AC=BC=8，⊙C的半径为2，点P在线段AB上一动点，过点P作⊙C的一条切线PQ，Q为切点，则切线长PQ的最小值为______ ．18.如图，点A在反比例函数y1=1x (x>0)的图象上，点B在反比例函数y2=kx(x<0)的图象上，AB⊥y轴，若△AOB的面积为2，则k的值为______．三、解答题（本大题共8小题，共66.0分）19.|−3|+(−12)−3−(−3)2−110+√1620.化简：(xx−1−1x2−x)÷x2+2x+1x2，并从−1，0，1，2中选择一个合适的数求代数式的值．21.如图，某商场为了吸引顾客，制作了可以自由转动的转盘(转盘被等分成20个扇形)，顾客每购买200元的商品，就能获得一次转动转盘的机会，如果转动转盘，转盘停止后指针正好对准红色、黄色或绿色区域，就可以分别获得200元、100元、50元的购物券；如果不愿意，可直接获得30元的购物券．(1)求转动一次转盘获得购物券的概率；(2)如果你在该商场消费210元，你会选择转转盘还是直接获得购物券？说明理由．22.如图，在边长为1个单位长度的小正方形组成的网格中，点A，B都是格点，将△ABO向左平移6个单位长度得到△A1B1O1；将△A1B1O1绕点B1按逆时针方向旋转90°后，得到△A2B2O2，请画出△A1B1O1和△A2B2O2，并直接写出点O2的坐标．23.如图，直线y=12x与双曲线y=kx(k>0,x>0)交于点A，将直线y=12x向上平移4个单位长度后，与y轴交点C，与双曲线y=kx(k>0,x>0)交于点B．(1)直接写出平移后的直线BC的函数表达式；(2)如果OA=3BC，求反比例函数的表达式．24.如图，在Rt△ABC中，∠BAC=90°，以AB为直径的⊙O交BC于点D，点E是BD⏜上一点，连接DE，AE，CE，已知CE=AC(1)判断直线CE与⊙O的位置关系，并证明；(2)若AB=AC=4，求DE的长．x2+bx+c的图象经过A(2,0)，B(0,−6)两点．25.如图，二次函数y=−12(1)求这个二次函数的解析式；(2)设该二次函数的对称轴与x轴交于点C，连接BA，BC，求△ABC的面积．26.已知二次函数y=mx2+2(m+2)x+m+9．(1)如果二次函数的图象与x轴有两个交点，求m的取值范围；(2)如图，二次函数的图象过点A(4,0)，与y轴交于点B，直线AB与这个二次函数图象的对称轴交于点P，求点P的坐标．-------- 答案与解析 --------1.答案：C解析：【分析】本题主要考查轴对称图形和中心对称图形的概念，以及对轴对称图形和中心对称图形的认识，熟记概念是解题的关键．根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解．【解答】解：A.不是轴对称图形，也不是中心对称图形；B.不是轴对称图形，也不是中心对称图形；C.是轴对称图形，也是中心对称图形；D.是轴对称图形，不是中心对称图形．故选C．2.答案：B解析：【分析】，正确掌握无理数的定义，是解决本题的关键．本题考查了频率的计算方法：频率=频数数据总和根据无理数的定义首先确定无理数的个数，然后利用频率的定义求解．【解答】解：无理数有π，√3共2个．×100%=40%．则无理数出现的频率是25故选B．3.答案：B解析：【分析】本题考查了反比例函数的应用，属于基础应用性题目，现实生活中存在大量成反比例函数的两个变量，解答该类问题的关键是确定两个变量之间的函数关系，然后利用实际意义确定其所在的象限．根据题意有：xy=20；故y与x之间的函数图象为反比例函数，且根据x、y实际意义x、y应大于0，其图象在第一象限，即可得出答案．【解答】解：∵xy=20，(x>0,y>0)．∴y=20x则图象为：．故选B．4.答案：D解析：【分析】本题考查的是垂径定理、圆心角、弧、弦的关系，熟知垂直弦的直径平分这条弦，并且平分弦所对的两条弧是解答此题的关键．直接根据垂径定理及圆心角、弧、弦的关系对各选项进行逐一解答即可．【解答】解：A.∵CD是⊙O的直径，AB为弦，CD⊥AB于E，∴CD垂直平分AB，∴AC⏜=BC⏜．故本选项正确；B.∵CD是⊙O的直径，AB为弦，CD⊥AB于E，∴CD垂直平分AB，∴AE=EB．故本选项正确；C.∵CD是⊙O的直径，AB为弦，CD⊥AB于E，∴CD垂直平分AB，∴AC=BC．∴CD平分∠ACB，故本选项正确；D.当AB是直径时，BA平分∠CBD，故本选项错误；故选D．5.答案：B解析：【分析】先根据旋转的性质得AD=AC，∠BAE=∠CAD，再根据等腰三角形的性质和三角形内角和计算出∠CAD=50°，则∠BAE=50°，然后利用互余计算∠ABC的度数．本题考查了旋转的性质：对应点到旋转中心的距离相等；对应点与旋转中心所连线段的夹角等于旋转角；旋转前、后的图形全等．【解答】解：∵△ABC绕点A旋转到△AED的位置，∴AD=AC，∠BAE=∠CAD，∵AD=AC，∴∠ACD=∠ADC=65°，∴∠CAD=180°−65°−65°=50°，∴∠BAE=50°，∵AE⊥BC，∴∠ABC=90°−∠BAE=40°．故选：B．6.答案：A解析：【分析】本题考查的是一元一次不等式组的解法有关知识，先求出不等式组的解集，根据题意得出关于m的不等式组，求出不等式组的解集即可．【解答】解：∵{3x≥5x−2 x>m，∴该不等式组解集为m<x≤1，∵该不等式组有3个整数解，∴m的取值范围为−2≤m<−1．故选A．7.答案：A解析：【分析】本题主要考查垂径定理与圆周角定理，属于基础题.掌握垂径定理与圆周角定理是解题关键．由题意，弦AC⊥直径BD，可得AD⏜=CD⏜(垂径定理)，再利用等弧所对的圆心角相等与同弧所对的圆周角是圆心角的一半，即可求解．【解答】∵⊙O的直径BD⊥AC，∴AD⏜=CD⏜，∴∠COD=∠AOD=60°，∴∠DBC=12∠COD=30°；故选A．8.答案：B解析：解：作CH⊥x轴于H．∵四边形OABC是菱形，∴OA=OC，∵C(1,2)，∴OH=1，CH=2，∴OC=√22+12=√5，∴菱形OABC 的面积=√5×2=2√5．故选：B ．作CH ⊥x 轴于H.利用勾股定理求出OA 的长即可解决问题；本题考查菱形的性质、勾股定理、坐标与图形性质等知识，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造直角三角形解决问题．9.答案：A解析：【分析】本题主要考查了圆锥的计算：圆锥的侧面展开图为一扇形，这个扇形的弧长等于圆锥底面的周长，扇形的半径等于圆锥的母线长．也考查了圆周角定理．连接BC ，如图，利用圆周角定理得到BC 为⊙O 的直径，则AB =AC =√2，设该圆锥底面圆的半径为r ，利用圆锥的侧面展开图为一扇形，这个扇形的弧长等于圆锥底面的周长和弧长公式得到2πr =90⋅π⋅√2180，然后解方程求出r 的值，再根据圆的面积公式计算即可．【解答】解：连接BC ，如图，∵∠BAC =90°，∴BC 为⊙O 的直径，BC =2，∴AB =AC =√2，设该圆锥底面圆的半径为r ，∴2πr =90⋅π⋅√2180，解得r =√24， ∴圆锥底面圆的面积是π⋅(√24)2=18π．故选A ．10.答案：B解析：解：∵正方形ABCD ，顶点A(1,3)、B(1,1)、C(3,1)．∴点M 的坐标为(2,2)，根据题意得：第1次变换后的点M 的对应点的坐标为(2−1,−2)，即(1,−2)，第2次变换后的点M 的对应点的坐标为：(−2−1,−1 )，即(−3,−1)，第3次变换后的点M 的对应点的坐标为(−1−1,3)，即(−2,3)，第4次变换后的点M 的对应点的坐标为：(3−1,2)，即(2,2)，∵2019÷4=504余3，∴连续经过2019次变换后，点M 的坐标变为(−2,3)．故选：B．由正方形ABCD，顶点A(1,3)、B(1,1)、C(3,1)，然后根据题意求得第1次、2次、3次、4次变换后的点M的对应点的坐标，即可得规律：每4次变换后点M回到原来的位置，继而求得把正方形ABCD 连续经过2019次这样的变换得到点M的坐标．此题考查了点的坐标变化，对称与平移的性质．得到规律：每4次变换为一个循环规律是解此题的关键．11.答案：D解析：解：∵x2+4x=2，∴(x+2)2=6，∴x1=−2+√6，x2=−2−√6；∴方程x2+4x=2的正根为−2+√6．故选：D．本题采用配方法解题，将方程左边配成完全平方式，再求方程的解．解此题的关键是选择适宜的解题方法，当二次项系数为1时，选择配方法较好．12.答案：D解析：解：∵抛物线y=ax2+bx+c(a≠0)的对称轴为直线x=1，∴x=0与x=2时的函数值相等，由图象可知，x=0的函数值大于x=−1时的函数值．2,y1)和(2,y2)都在抛物线上，则y1<y2(故①正确)．∴点(−12∵y=0时，函数图象与x轴两个交点，∴ax2+bx+c=0时，b2−4ac>0(故②正确)．∵由图象可知，x=1时，y=ax2+bx+c取得最大值，∴当m≠1时，am2+bm+c<a+b+c．即m(am+b)<a+b(m≠1的实数)(故③正确)．∵抛物线y=ax2+bx+c(a≠0)的对称轴为直线x=1，且经过(−1,0)点，∴当y=0时，x的值为−1或3．∴ax2+bx+c=0时的两根之积为：x1⋅x2=c，x1⋅x2=(−1)×3=−3.a=−3(故④正确)．∴ca故选：D．根据二次函数具有对称性，抛物线y=ax2+bx+c(a≠0)的对称轴为直线x=1，可知x=0和x=2时的函数值一样，由图象可以判断①；根据函数图象与x轴的交点可判断②；根据函数开口向下，可知y=ax2+bx+c具有最大值，可判断③；根据抛物线y=ax2+bx+c(a≠0)的对称轴为直线x=1，且经过(−1,0)点，可知y=0时，x=−1或3，从而可以判断④．本题考查二次函数图象与系数的关系，解题的关键是利用数形结合的思想将二次函数与函数图象结合在一起．13.答案：a(b−1)2解析：解：原式=a(b2−2b+1)=a(b−1)2；故答案为：a(b−1)2．原式提取a，再运用完全平方公式分解即可．此题考查了提公因式法与公式法的综合运用，熟练掌握因式分解的方法是解本题的关键．14.答案：x√x解析：解：√x3=x√x，故答案为：x√x．根据二次根式的性质(当x≥0时，√x2=x)求出即可．本题考查了二次根式的性质的应用，能运用性质进行计算是解此题的关键，注意：当x≥0时，√x2=x，当x<0时，√x2=−x．15.答案：3解析：解：设绿球的个数为x，根据题意，得：x9+3+x=0.2，解得：x=3，经检验x=3是原分式方程的解，即袋中有绿球3个，故答案为：3直接利用绿球个数÷总数=0.2，进而得出答案．此题主要考查了利用频率估计概率，正确掌握频率求法是解题关键．16.答案：√2解析：【分析】本题考查了旋转的性质：对应点到旋转中心的距离相等；对应点与旋转中心所连线段的夹角等于旋转角；旋转前、后的图形全等．也考查了正方形的性质．作FH⊥CD于H，如图，利用正方形的性质得DA=CD，∠D=90°，再根据旋转的性质得EA=EF，∠AEF=90°，接着证明△ADE≌△EHF得到DE=FH=1，AD=EH，所以EH=DC，则DE=CH=1，然后利用勾股定理计算FC的长．【解答】解：作FH⊥CD于H，如图，∵四边形ABCD为正方形，∴DA=CD，∠D=90°，∵AE绕点E顺时针旋转90°得到EF，∴EA=EF，∠AEF=90°，∵∠DAE+∠AED=90°，∠FEH+∠AED=90°，∴∠EAD=∠FEH，在△ADE和△EHF中{∠D=∠FHE∠EAD=∠FEH AE=EF，∴△ADE≌△EHF，∴DE=FH=1，AD=EH，∴EH=DC，即DE+CE=CH+EC，∴DE=CH=1，在Rt△CFH中，FC=√12+12=√2．故答案为√2．17.答案：2√7解析：【分析】本题考查了切线的性质以及勾股定理的运用，掌握辅助线的作法，注意当PC⊥AB时，线段PQ最短是关键．当PC⊥AB时，线段PQ最短；连接CP，根据勾股定理知PQ2=CP2−CQ2，先求出CP的长，然后由勾股定理即可求得答案．【解答】解：连接CP，∵PQ是⊙C的切线，∴CQ⊥PQ，∴∠CQP=90°，根据勾股定理得：PQ2=CP2−CQ2，∴当PC⊥AB时，线段PQ最短，此时，PC=12AB=4√2，则PQ2=CP2−CQ2=28，∴PQ=2√7，故答案为：2√7．18.答案：−3解析：【解答】解：设点A坐标为(a,1a)，∵点B在反比例函数y2=kx(x<0)的图象上，AB⊥y轴，∴1a =kx，∴x=ak，∴点B(ak,1a)，∵△AOB的面积为2，∴12(a−ak)×1a=2，∴1−k=4，∴k=−3，故答案为：−3．【分析】本题考查了反比例函数系数k的几何意义，表示出AB的长是解决本题的关键．设点A坐标为(a,1a )，由AB⊥y轴，可得点B(ak,1a)，由三角形面积公式可求k的值．19.答案：解：原式=3−8−9−1+4=−11．解析：直接利用负指数幂的性质以及绝对值的性质、二次根式的性质分别化简各数得出答案．此题主要考查了实数运算，正确化简各数是解题关键．20.答案：解：原式=x2−1x(x−1)⋅x2(x+1)2=(x+1)(x−1)x(x−1)⋅x2(x+1)2=xx+1，由x不等于−1，0，1；所以当x=2时，原式=23．解析：此题考查了分式的化简求值，熟练掌握运算法则是解本题的关键．原式括号中两项通分并利用同分母分式的减法法则计算，同时利用除法法则变形，约分得到最简结果，把x=2代入计算即可求出值．21.答案：解：(1)∵自由转动的转盘被等分成20个扇形，红色、黄色或绿色区域分别占1，3，6个区域，∴转动一次转盘获得购物券的概率为：1+3+620=12；(2)选择转转盘．理由：转转盘：200×120+100×320+50×620=40(元)，∵40>30，∴选择转转盘．解析：(1)由自由转动的转盘被等分成20个扇形，红色、黄色或绿色区域分别占1，3，6个区域，直接利用概率公式求解即可求得答案；(2)首先求得转转盘可能得到的购物券钱数，再比较即可求得答案．此题考查了概率公式的应用．用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．注意掌握选择转转盘获得购物券的钱数的求解方法是关键．22.答案：解：如图所示，△A1B1O1、△A2B2O2即为所求：其中点O2的坐标为(−3,−3)．解析：分别作出平移变换和旋转变换后的对应点，再顺次连接即可得．本题主要考查作图−旋转变换、平移变换，解题的关键是熟练掌握旋转变换和平移变换的定义、性质．23.答案：解：(1)∵将直线y=12x向上平移4个单位长度后，与y轴交于点C，∴平移后直线的解析式为y=12x+4，(2)分别过点A、B作AD⊥x轴，BE⊥x轴，CF⊥BE于点F，设A(3x,32x)，∵OA=3BC，BC//OA，CF//x轴，∴△BCF∽△AOD，∴CF=13OD，∵点B在直线y=12x+4上，∴B(x,12x+4)，∵点A、B在双曲线y=kx上，∴3x⋅32x=x⋅(12x+4)，解得x=1，∴k=3×1×32×1=92．故反比例函数的表达式为：y=92x=92x．解析：(1)根据一次函数平移的性质求出平移后函数的解析式；(2)分别过点A、B作AD⊥x轴，BE⊥x轴，CF⊥BE于点F，再设A(3x,32x)，由于OA=3BC，故可得出B(x,12x+4)，再根据反比例函数中k=xy为定值求出k的值即可．本题考查的是反比例函数综合题.根据题意作出辅助线，设出A、B两点的坐标，再根据k=xy的特点求出k的值即可．24.答案：解：(1)CE与⊙O相切，理由：连接OE，∵OA=OE，AC=EC，∴∠OAE=∠OEA，∠CAE=∠CEA，∴∠CEA+∠OEA=∠CAE+∠OAE，∴∠CEO=∠CAO，∵∠BAC=90°，∴∠CEO=90°，∴CE是⊙O的切线；(2)连接OC，OB，∵AB=AC=4，∠BAC=90°，∴OA =2，BC =4√2，CE =AC =4，∴OC =√AC 2+OA 2=2√5，∵AC =CE ，OA =OE ，∴AE ⊥OC ，AF =EF ，∴AO 2=OF ⋅OC ，∴OF =AO 2OC =2√55， ∵OF ⊥AE ，BE ⊥AE ，∴OF//BE ，∵AO =OB ，∴BE =2OF =4√55，∵CE 是⊙O 的切线，∴∠CBE =∠DEC ，∵∠BCE =∠ECD ，∴△CDE∽△CEB ，∴DE BE =CE BC ，∴4√55=4√2， ∴DE =2√105．解析：(1)连接OE ，根据等腰三角形的性质得到∠OAB =∠OEA ，∠CAE =∠CEA ，求得∠CEO =∠CAO ，得到∠CEO =90°，于是得到结论；(2)连接OC ，OB ，解直角三角形得到OA =2，BC =4√2，CE =AC =4，根据勾股定理得到OC =√AC 2+OA 2=2√5，根据射影定理得到AO 2=OF ⋅OC ，求得OF =AO 2OC =2√55，得到BE =2OF =4√55，根据相似三角形的性质即可得到结论．本题考查了切线的判定和性质，等腰直角三角形，圆周角定理，正确的作出辅助线是解题的关键． 25.答案：解：(1)把A(2,0)、B(0,−6)代入y =−12x 2+bx +c ，得：{−2+2b +c =0c =−6，解得{b =4c =−6， ∴这个二次函数的解析式为y =−12x 2+4x −6；(2)∵该抛物线对称轴为直线x =−42×(−12)=4，∴点C的坐标为(4,0)，∴AC=OC−OA=4−2=2，∴S△ABC=12×AC×OB=12×2×6=6．解析：本题是二次函数的综合题，要会求二次函数的对称轴，会运用面积公式．(1)二次函数图象经过A(2,0)、B(0,−6)两点，两点代入y=−12x2+bx+c，算出b和c，即可得解析式；(2)先求出对称轴方程，写出C点的坐标，计算出AC，然后由面积公式计算值．26.答案：解：(1)根据题意得m≠0且△=4(m+2)2−4m⋅(m+9)>0，所以m<45且m≠0；(2)把A(4,0)代入y=mx2+2(m+2)x+m+9得16m+8(m+2)+m+9=0，解得m=−1，所以抛物线解析式为y=−x2+2x+8=−(x−1)2+9，所以抛物线的对称轴为直线x=1，当x=0时，y=−x2+2x+8=8，则B(0,8)，设直线AB的解析式为y=kx+b，把A(4,0)，B(0,8)代入得{4k+b=0b=8，解得{k=−2b=8，所以直线AB的解析式为y=−2x+8，当x=1时，y=−2x+8=6，所以P点坐标为(1,6)．解析：(1)利用二次函数的定义和判别式的意义得到m≠0且△=4(m+2)2−4m⋅(m+9)>0，然后求出两个不等式的公共部分即可；(2)先把A(4,0)代入y=mx2+2(m+2)x+m+9求出m=−1，则抛物线解析式为y=−x2+2x+8，配成顶点式得y=−(x−1)2+9，于是得到抛物线的对称轴为直线x=1，接着确定B(0,8)，然后利用待定系数法求出直线AB的解析式为y=−2x+8，再求自变量为1时的一次函数值即可得到P点坐标．本题考查了抛物线与x轴的交点：把求二次函数y=ax2+bx+c(a,b，c是常数，a≠0)与x轴的交点坐标问题转化为解关于x的一元二次方程．△=b2−4ac决定抛物线与x轴的交点个数：△=b2−4ac>0时，抛物线与x轴有2个交点；△=b2−4ac=0时，抛物线与x轴有1个交点；△=b2−4ac<0时，抛物线与x轴没有交点．也考查了二次函数的性质．。

湖南省长沙市天心区部分学校2019-2020学年九年级(上)开学数学试卷

2019-2020学年九年级（上）开学数学试卷一、选择题（在下列各题的四个选项中，只有一项是符合题意的．请在答题卡中填涂符合题意的选项．本题共12个小题，每小题4分，共48分）1．在平面直角坐标系中，点M（﹣2，3）在（）A．第一象限B．第二象限C．第三象限D．第四象限2．计算正确的是（）A．（﹣2019）0＝0 B．x6÷x2＝x3C．（﹣a2b3）4＝﹣a8b12D．3a4•2a＝6a53．分式的值为0，则（）A．x＝2 B．x＝﹣2 C．x＝±2 D．x＝04．某校男子足球队年龄分布条形图如图所示，该球队年龄的众数和中位数分别是（）A．8，8 B．15，15 C．15，16 D．15，145．下列长度的3根小木棒不能搭成三角形的是（）A．2cm，3cm，4cm B．1cm，2cm，3cmC．3cm，4cm，5cm D．4cm，5cm，6cm6．如图所示为几何体的平面展开图，则从左到右，其对应的几何体名称分别为（）A．圆锥，正方体，三棱锥，圆柱B．正方体，圆锥，四棱锥，圆柱C．正方体，圆锥，四棱柱，圆柱D．正方体，圆锥，圆柱，三棱柱7．若关于x的一元二次方程x2+2x﹣k＝0有两个不相等的实数根，则k的取值范围是（）A．k＜﹣1 B．k＞﹣1 C．k＜1 D．k＞18．如图，在△ABC中，CD平分∠ACB交AB于点D，过点D作DE∥BC交AC于点E．若∠A＝60°，∠B＝48°，则∠CDE的大小为（）A．72°B．36°C．30°D．189．如图，在菱形ABCD中，∠A＝60°，AD＝4，点P是AB边上的一个动点，点E、F分别是DP、BP的中点，则线段EF的长为（）A．2 B．4 C．2D．210．我国明代数学家程大位的名著《直接算法统宗》里有一道著名算题：“一百馒头一百僧，大僧三个更无争，小僧三人分一个，大小和尚各几丁？”意思是有100个和尚分100个馒头，正好分完．如果大和尚一人分3个，小和尚3人分一个，试问大小和尚各几人？设大、小和尚各有x、y人，则可以列方程组（）A．B．C．D．11．定义min（a，b），当a≥b时，min（a，b）＝b，当a＜b时，min（a，b）＝a；已知函数y＝min（﹣x﹣3，2x﹣21），则该函数的最大值是（）A．﹣15 B．﹣9 C．﹣6 D．612．一辆货车从A地开往B地，一辆小汽车从B地开往A地．同时出发，都匀速行驶，各自到达终点后停止．设货车、小汽车之间的距离为s（千米），货车行驶的时间为t（小时），S与t之间的函数关系如图所示．下列说法中正确的有（）①A、B两地相距60千米；②出发1小时，货车与小汽车相遇；③小汽车的速度是货车速度的2倍；④出发1.5小时，小汽车比货车多行驶了60千米．A．1个B．2个C．3个D．4个二、填空题（共6小题，每小题4分，满分24分）13．式子在实数范围内有意义，则实数的取值范围是．14．2019年1月3日，我国“嫦娥四号”月球探测器在月球背面软着陆，实现人类有史以来首次成功登陆月球背面．已知月球与地球之间的平均距离约为384000km．数据384000用科学记数法可以表示为km．15．分解因式：a3﹣2a2b+ab2＝．16．若一个多边形的内角和是540°，则该多边形的边数是．17．如图，四边形OABC是矩形，A（2，1），8（0，5），点C在第二象限，则点C的坐标是．18．如图，Rt△ABC纸片中，∠C＝90°，AC＝6，BC＝8，点D在边BC上，以AD为折痕△ABD折叠得到△AB′D，AB′与边BC交于点E．若△DEB′为直角三角形，则BD的长是．三、解答题（本题共2个小题，每小题6分，共12分）19．计算：|﹣（﹣3）2|+20．解不等式组，并把不等式组的解集在数轴上表示出来．四、解答题（本题共2个小题，每小题8分，共16分）21．如图，在矩形ABCD中，对角线BD的垂直平分线MN与AD相交于点M，与BC相交于点N，连接BM，DN．（1）求证：四边形BMDN是菱形；（2）若AB＝4，AD＝8，求MD的长．22．某旅客携带xkg的行李乘飞机，登机前，旅客可选择托运或快递行李，托运费y1（元）与行李重量xkg的对应关系由如图所示的一次函数图象确定，下表列出了快递费y2（元）与行李重量xkg的对应关系．（1）如果旅客选择单托运，求可携带的免费行李的最大重量为多少kg？（2）如果旅客选择快递，当1＜x≤15时，直接写出快递费y2（元）与行李的重量xkg之间的函数关系式；（3）某旅客携带25kg的行李，设托运mkg行李（10≤m＜24，m为正整数），剩下的行李选择快递，当m为何值时，总费用y的值最小？并求出其最小值是多少元？参考答案与试题解析一．选择题（共12小题）1．在平面直角坐标系中，点M（﹣2，3）在（）A．第一象限B．第二象限C．第三象限D．第四象限【分析】横坐标小于0，纵坐标大于0，则这点在第二象限．【解答】解：∵﹣2＜0，3＞0，∴（﹣2，3）在第二象限，故选：B．2．计算正确的是（）A．（﹣2019）0＝0 B．x6÷x2＝x3C．（﹣a2b3）4＝﹣a8b12D．3a4•2a＝6a5【分析】直接利用同底数幂的乘除运算法则以及积的乘方运算法则分别化简得出答案．【解答】解：A、（﹣2019）0＝1，故此选项错误；B、x6÷x2＝x4，故此选项错误；C、（﹣a2b3）4＝a8b12，故此选项错误；D、3a4•2a＝6a5，故此选项正确．故选：D．3．分式的值为0，则（）A．x＝2 B．x＝﹣2 C．x＝±2 D．x＝0【分析】根据分式的值为零的条件得到x2﹣4＝0且x+2≠0，然后分别解方程与不等式易得x＝2．【解答】解：∵分式的值为0，∴x2﹣4＝0且x+2≠0，解x2﹣4＝0得x＝±2，而x≠﹣2，∴x＝2．故选：A．4．某校男子足球队年龄分布条形图如图所示，该球队年龄的众数和中位数分别是（）A．8，8 B．15，15 C．15，16 D．15，14【分析】根据众数和中位数的概念求解．【解答】解：根据图示可得，15岁的队员人数最多，故众数为15；根据图示可得，共有人数：2+6+8+3+2+1＝22（人），故第11和12名队员年龄的平均值为中位数，即中位数为：＝15．故选：B．5．下列长度的3根小木棒不能搭成三角形的是（）A．2cm，3cm，4cm B．1cm，2cm，3cmC．3cm，4cm，5cm D．4cm，5cm，6cm【分析】看哪个选项中两条较小的边的和大于最大的边即可．【解答】解：A、2+3＞4，能构成三角形，不合题意；B、1+2＝3，不能构成三角形，符合题意；C、4+3＞5，能构成三角形，不合题意；D、4+5＞6，能构成三角形，不合题意．故选：B．6．如图所示为几何体的平面展开图，则从左到右，其对应的几何体名称分别为（）A．圆锥，正方体，三棱锥，圆柱B．正方体，圆锥，四棱锥，圆柱C．正方体，圆锥，四棱柱，圆柱D．正方体，圆锥，圆柱，三棱柱【分析】依据正方体，圆锥，圆柱，三棱柱的展开图的特征，即可得到结论．【解答】解：由图可得，从左到右，其对应的几何体名称分别为正方体，圆锥，圆柱，三棱柱，故选：D．7．若关于x的一元二次方程x2+2x﹣k＝0有两个不相等的实数根，则k的取值范围是（）A．k＜﹣1 B．k＞﹣1 C．k＜1 D．k＞1【分析】直接利用根的判别式进而得出k的取值范围．【解答】解：∵关于x的一元二次方程x2+2x﹣k＝0有两个不相等的实数根，∴b2﹣4ac＝4﹣4×1×（﹣k）＝4+4k＞0，∴k＞﹣1．故选：B．8．如图，在△ABC中，CD平分∠ACB交AB于点D，过点D作DE∥BC交AC于点E．若∠A＝60°，∠B＝48°，则∠CDE的大小为（）A．72°B．36°C．30°D．18【分析】由三角形内角和定理得出∠ACB＝72°，由角平分线定义得出∠BCD＝36°，再由平行线的性质即可得出答案．【解答】解：∵∠A＝60°，∠B＝48°，∴∠ACB＝180°﹣∠A﹣∠B＝72°，∵CD平分∠ACB，∴∠BCD＝∠ACB＝36°，∵DE∥BC，∴∠CDE＝∠BCD＝36°；故选：B．9．如图，在菱形ABCD中，∠A＝60°，AD＝4，点P是AB边上的一个动点，点E、F分别是DP、BP的中点，则线段EF的长为（）A．2 B．4 C．2D．2【分析】如图连接BD．首先证明△ADB是等边三角形，可得BD＝4，再根据三角形的中位线定理即可解决问题．【解答】解：如图连接BD．∵四边形ABCD是菱形，∴AD＝AB＝4，∵∠A＝60°，∴△ABD是等边三角形，∴BD＝AD＝4，∵PE＝ED，PF＝FB，∴EF＝BD＝2．故选：A．10．我国明代数学家程大位的名著《直接算法统宗》里有一道著名算题：“一百馒头一百僧，大僧三个更无争，小僧三人分一个，大小和尚各几丁？”意思是有100个和尚分100个馒头，正好分完．如果大和尚一人分3个，小和尚3人分一个，试问大小和尚各几人？设大、小和尚各有x、y人，则可以列方程组（）A．B．C．D．【分析】分别利用大、小和尚一共100人以及馒头大和尚一人分3个，小和尚3人分一个，馒头一共100个分别得出等式得出答案．【解答】解：设大、小和尚各有x，y人，则可以列方程组：．故选：A．11．定义min（a，b），当a≥b时，min（a，b）＝b，当a＜b时，min（a，b）＝a；已知函数y＝min（﹣x﹣3，2x﹣21），则该函数的最大值是（）A．﹣15 B．﹣9 C．﹣6 D．6【分析】先画出直线y＝﹣x﹣3和直线y＝2x﹣21，它们的交点的坐标为（6，﹣9），再根据新定义讨论：x≤6，y＝2x﹣21，利用一次函数的性质得到y有最大值﹣9；x≥6时，y＝﹣x﹣3，则x＝6时，利用一次函数的性质得到y有最大值﹣9；【解答】解：当﹣x﹣3≥2x﹣21，解得x≤6时，y＝min（﹣x﹣3，2x﹣21）＝2x﹣21，则x＝6时，y有最大值﹣9；当﹣x﹣3≤2x﹣21，解得x≥6时，y＝min（﹣x﹣3，2x﹣21）＝﹣x﹣3，则x＝6时，y 有最大值﹣9；所以该函数的最大值是﹣9．故选：B．12．一辆货车从A地开往B地，一辆小汽车从B地开往A地．同时出发，都匀速行驶，各自到达终点后停止．设货车、小汽车之间的距离为s（千米），货车行驶的时间为t（小时），S与t之间的函数关系如图所示．下列说法中正确的有（）①A、B两地相距60千米；②出发1小时，货车与小汽车相遇；③小汽车的速度是货车速度的2倍；④出发1.5小时，小汽车比货车多行驶了60千米．A．1个B．2个C．3个D．4个【分析】①根据图象中t＝0时，s＝120实际意义可得；②根据图象中t＝1时，s＝0的实际意义可判断；③由④可知小汽车的速度是货车速度的2倍；④由图象t＝1.5和t＝3的实际意义，得到货车和小汽车的速度，进一步得到1.5小时后的路程，可判断正误．【解答】解：（1）由图象可知，当t＝0时，即货车、汽车分别在A、B两地，s＝120，所以A、B两地相距120千米，故①错误；（2）当t＝1时，s＝0，表示出发1小时，货车与小汽车相遇，故②正确；（3）由（3）知小汽车的速度为：120÷1.5＝80（千米/小时），货车的速度为40（千米/小时），∴小汽车的速度是货车速度的2倍，故③正确；（4）根据图象知，汽车行驶1.5小时达到终点A地，货车行驶3小时到达终点B地，故货车的速度为：120÷3＝40（千米/小时），出发1.5小时货车行驶的路程为：1.5×40＝60（千米），小汽车行驶1.5小时达到终点A地，即小汽车1.5小时行驶路程为120千米，故出发1.5小时，小汽车比货车多行驶了60千米，∵故④正确．∴正确的有②③④三个．故选：C．二．填空题（共3小题）13．式子在实数范围内有意义，则实数的取值范围是x≥﹣3 ．【分析】直接利用二次根式有意义的条件分析得出答案．【解答】解：式子在实数范围内有意义，则3+x≥0，解得：x≥﹣3．故答案为：x≥﹣3．14．2019年1月3日，我国“嫦娥四号”月球探测器在月球背面软着陆，实现人类有史以来首次成功登陆月球背面．已知月球与地球之间的平均距离约为384000km．数据384000用科学记数法可以表示为 3.84×105km．【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n 的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值＞10时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．【解答】解：384000＝3.84×105．故答案为：3.84×105．15．分解因式：a3﹣2a2b+ab2＝a（a﹣b）2．【分析】原式提取公因式，再利用完全平方公式分解即可．【解答】解：原式＝a（a2﹣2ab+b2）＝a（a﹣b）2，故答案为：a（a﹣b）216．若一个多边形的内角和是540°，则该多边形的边数是 5 ．【分析】n边形的内角和公式为（n﹣2）•180°，由此列方程求n．【解答】解：设这个多边形的边数是n，则（n﹣2）•180°＝540°，解得n＝5，故答案为：5．17．如图，四边形OABC是矩形，A（2，1），8（0，5），点C在第二象限，则点C的坐标是（﹣2，4）．【分析】作AM⊥x轴于M，CN⊥y轴于N，则∠AMO＝∠BNC＝90°，OM＝2，AM＝1，OB＝5，证明△BCN≌△AOM（AAS），得出BN＝AM＝1，CN＝OM＝2，得出ON＝OB﹣BN＝4，即可得出答案．【解答】解：作AM⊥x轴于M，CN⊥y轴于N，如图所示：则∠AMO＝∠BNC＝90°，∴∠AOM+∠OAM＝90°，∵A（2，1），8（0，5），∴OM＝2，AM＝1，OB＝5，∵四边形OABC是矩形，∴BC＝AO，∠AOC＝90°，BC∥OA，∴∠CBN＝∠AOB，∵∠AOM+∠AOB＝90°，∴∠CBN＝∠AOB＝∠OAM，在△BCN和△AOM中，，∴△BCN≌△AOM（AAS），∴BN＝AM＝1，CN＝OM＝2，∴ON＝OB﹣BN＝4，∴点C的坐标是（﹣2，4）；故答案为：（﹣2，4）．18．如图，Rt△ABC纸片中，∠C＝90°，AC＝6，BC＝8，点D在边BC上，以AD为折痕△ABD折叠得到△AB′D，AB′与边BC交于点E．若△DEB′为直角三角形，则BD的长是2或5 ．【分析】先依据勾股定理求得AB的长，然后由翻折的性质可知：AB′＝10，DB＝DB′，接下来分为∠B′DE＝90°和∠B′ED＝90°，两种情况画出图形，设DB＝DB′＝x，然后依据勾股定理列出关于x的方程求解即可．【解答】解：∵Rt△ABC纸片中，∠C＝90°，AC＝6，BC＝8，∴AB＝10，∵以AD为折痕△ABD折叠得到△AB′D，∴BD＝DB′，AB′＝AB＝10．如图1所示：当∠B′DE＝90°时，过点B′作B′F⊥AF，垂足为F．设BD＝DB′＝x，则AF＝6+x，FB′＝8﹣x．在Rt△AFB′中，由勾股定理得：AB′2＝AF2+FB′2，即（6+x）2+（8﹣x）2＝102．解得：x1＝2，x2＝0（舍去）．∴BD＝2．如图2所示：当∠B′ED＝90°时，C与点E重合．∵AB′＝10，AC＝6，∴B′E＝4．设BD＝DB′＝x，则CD＝8﹣x．在Rt△′BDE中，DB′2＝DE2+B′E2，即x2＝（8﹣x）2+42．解得：x＝5．∴BD＝5．综上所述，BD的长为2或5．故答案为：2或5．三．解答题（共4小题）19．计算：|﹣（﹣3）2|+【分析】原式利用平方根、立方根定义，乘方的意义，以及绝对值的代数意义计算即可求出值．【解答】解：原式＝9+2﹣2﹣1＝8．20．解不等式组，并把不等式组的解集在数轴上表示出来．【分析】分别求出每一个不等式的解集，根据口诀：同大取大、同小取小、大小小大中间找、大大小小无解了确定不等式组的解集．【解答】解：解不等式3x﹣2≤x+6，得：x≤4，解不等式+1＞x，得：x＞0，则不等式组的解集为0＜x≤4，将不等式组的解集表示在数轴上如下：21．如图，在矩形ABCD中，对角线BD的垂直平分线MN与AD相交于点M，与BC相交于点N，连接BM，DN．（1）求证：四边形BMDN是菱形；（2）若AB＝4，AD＝8，求MD的长．【分析】（1）根据矩形性质求出AD∥BC，推出∠MDO＝∠NBO，∠DMO＝∠BNO，证△DMO≌△BNO，推出OM＝ON，得出平行四边形BMDN，推出菱形BMDN；（2）根据菱形性质求出DM＝BM，在Rt△AMB中，根据勾股定理得出BM2＝AM2+AB2，推出x2＝x2﹣16x+64+16，求出即可．【解答】（1）证明：∵四边形ABCD是矩形，∴AD∥BC，∠A＝90°，∴∠MDO＝∠NBO，∠DMO＝∠BNO，∵在△DMO和△BNO中，，∴△DMO≌△BNO（AAS），∴OM＝ON，∵OB＝OD，∴四边形BMDN是平行四边形，∵MN⊥BD，∴平行四边形BMDN是菱形．（2）解：∵四边形BMDN是菱形，∴MB＝MD，设MD长为x，则MB＝DM＝x，在Rt△AMB中，BM2＝AM2+AB2即x2＝（8﹣x）2+42，解得：x＝5，所以MD长为5．22．某旅客携带xkg的行李乘飞机，登机前，旅客可选择托运或快递行李，托运费y1（元）与行李重量xkg的对应关系由如图所示的一次函数图象确定，下表列出了快递费y2（元）与行李重量xkg的对应关系．（1）如果旅客选择单托运，求可携带的免费行李的最大重量为多少kg？（2）如果旅客选择快递，当1＜x≤15时，直接写出快递费y2（元）与行李的重量xkg 之间的函数关系式；（3）某旅客携带25kg的行李，设托运mkg行李（10≤m＜24，m为正整数），剩下的行李选择快递，当m为何值时，总费用y的值最小？并求出其最小值是多少元？【分析】（1）观察图象找出两点的坐标，利用待定系数法可求出托运费y1（元）与行李质量x（公斤）的函数关系式，将y1＝0代入函数关系式中即可得出结论；（2）根据表格中的数据，分x＝1、1＜x≤5、5＜x≤15三部分找出快递费y2（元）与行李质量x（公斤）的函数关系式；（3）分10≤m＜20以及20≤m＜24两种情况找出y关于m的函数关系式，根据一次函数的性质可找出y的取值范围，找出当y取最小值时m的值即可得出结论．【解答】解：（1）设托运费y1（元）与行李质量x（公斤）的函数关系式为y1＝kx+b，将（30，300）、（50，900）代入y1＝kx+b，，解得：，∴托运费y1（元）与行李质量x（公斤）的函数关系式为y1＝30x﹣600．当y1＝30x﹣600＝0时，x＝20．答：可携带的免费行李的最大质量为20公斤．（2）根据题意得：当0＜x≤1时，y2＝10；当1＜x≤5时，y2＝10+3（x﹣1）＝3x+7；当5＜x≤15时，y2＝10+3×（5﹣1）+5（x﹣5）＝5x﹣3．综上所述：快递费y2（元）与行李质量x（公斤）的函数关系式为y2＝．（3）当10≤m＜20时，5＜25﹣m≤15，∴y＝y1+y2＝0+5×（25﹣m）﹣3＝﹣5m+122．∵10≤m＜20，∴22＜y≤72；当20≤m＜24时，1＜25﹣m≤5，∴y＝y1+y2＝30m﹣600+3×（25﹣m）+7＝27m﹣518．∵20≤m＜24，∴22≤y＜130．综上可知：当m＝20时，总费用y的值最小，最小值为22．答：当托运20公斤、快递5公斤行李时，总费用最少，最少费用为22元。

湘教版2019-2020学年九年级上学期数学开学考试试卷A卷

湘教版2019-2020学年九年级上学期数学开学考试试卷A卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共12题；共24分)1. （2分）一元二次方程=0的根（）A .B . x1=2，x2=﹣2C .D .2. （2分）方程2x2﹣3x﹣=0的根的情况是（）A . 有两个不相等的实数根B . 有两个相等的实数根C . 只有一个实数根D . 没有实数根3. （2分）在平面直角坐标系中，若将抛物线y=2x2 - 4x+3先向右平移3个单位长度，再向上平移2个单位长度，则经过这两次平移后所得抛物线的顶点坐标是（）A . （－2，3）B . （－1，4）C . （1，4）D . （4，3）4. （2分）一次函数与的图象如图1，当时，则下列结论：①；②；③中，正确的个数是（）A . 0B . 1C . 2D . 35. （2分）某市5月上旬的最高气温如下（单位℃）28，29，30，31，29，33，对这组数据下列说法错误的是（）A . 平均数是30B . 众数是29C . 中位数是31D . 极差是56. （2分）如图，平行四边形ABCD中，∠ABC=45°，E、F分别在CD和BC的延长线上，AE//BD，EF⊥BC，AB=1，则EF的长是（）A . 1.5B .C .D . 27. （2分）如图，在菱形ABCD中，AB=BD．点E、F分别在AB、AD上，且AE=DF．连接BF与DE相交于点G，连接CG与BD相交于点H．下列结论：①△AED≌△DFB；②S四边形BCDG= CG2；③若AF=2DF，则BG=6GF．其中正确的结论（）A . 只有①②B . 只有①③C . 只有②③D . ①②③8. （2分）一次函数y=kx﹣k（k＜0）的图象大致是（）A .B .C .D .9. （2分）如图，四边形ABCD是正方形，直线a，b，c分别通过A、D、C三点，且a∥b∥c．若a与b之间的距离是4，b与c之间的距离是8，则正方形ABCD的面积是（）A . 70B . 74C . 80D . 14410. （2分）如图，正方形ABCD边长为4，以BC为直径的半圆O交对角线BD于点E.则阴影部分面积为（）A . 6－πB . 2 －πC . πD . π11. （2分）如图，在正方形ABCD中，点E，F将对角线AC三等分，且AC=12，点P 在正方形的边上，则满足PE+PF=9的点P的个数是（）A . 0B . 4C . 6D . 812. （2分）根据生物学研究结果，青春期男女生身高增长速度呈现如下图规律，由图可以判断，下列说法错误的是（）A . 男生在13岁时身高增长速度最快B . 女生在10岁以后身高增长速度放慢C . 11岁时男女生身高增长速度基本相同D . 女生身高增长的速度总比男生慢二、填空题 (共6题；共7分)13. （1分）若m是方程2x2﹣3x﹣1=0的一个根，则6m2﹣9m+2015的值为________．14. （1分）三角形两边长分别为3和6，第三边是方程x2﹣6x+8=0的解，则此三角形周长是________．15. （1分）二次函数y=﹣x2+2x﹣3，用配方法化为y=a（x﹣h）2+k的形式为________．16. （1分）如图，在△ABD中，∠ADB=90°，C是BD上一点，若E、F分别是AC、AB 的中点，△DEF的面积为3.5，则△ABC的面积为________ ．17. （2分）直线y=﹣x与直线y=x+2的交点坐标为________，这两条直线与x轴围成的三角形的面积为________．18. （1分）如图，在△ABC中，AB=AC=10，BC=12，AD⊥BC于点D，则AD的长为________.三、解答题 (共7题；共88分)19. （5分）（2x+3）2=x2﹣6x+9．20. （5分）如图①，E、F分别为线段AC上的两个动点，且DE⊥AC于E，BF⊥AC于F，若AB=CD，AF=CE，BD交AC于点M。

湖南省长沙市天心区19-20学年九年级上学期期末数学试卷 (含答案解析)

湖南省长沙市天心区19-20学年九年级上学期期末数学试卷一、选择题（本大题共10小题，共30.0分）1.−12的相反数是()A. 2B. 12C. −2 D. −122.下列运算正确的是()A. x2x3=x6B. x3+x2=x5C. (3x3)2=9x5D. (2x)2=4x23.函数y=√x+1+1x−1的自变量x的取值范围是()A. x≠1B. x>−1C. x≥−1D. x≥−1且x≠14.计算12m2−9+2m+3的结果是()A. m+6m2−9B. 2m−3C. 2m+3D. 2m+9m2−95.下列方程中，有两个不等实数根的是()A. x2=3x−8B. x2+5x=−10C. 7x2−14x+7=0D. x2−7x=−5x+36.已知点(k,b)在第二象限，则一次函数y=−kx+b的图象大致是()A. B.C. D.7.函数y=kx与y=kx2−k(k≠0)在同一直角坐标系中的图象可能是()A. B.C. D.8.下列长度的三条线段能组成三角形的是()A. 1cm，2cm，3cmB. 3cm，4cm，5cmC. 5cm，15cm，8cmD. 6cm，8cm，1cm9.到三角形三条边的距离都相等的点是这个三角形的()A. 三条中线交点B. 三条高的交点C. 三条边垂直平分线的交点D. 三条角平分线交点10.如图，BC=3，AC=4，若△ABC∽△BDC，则CD=()A. 2B. 32C. 43D. 94二、填空题（本大题共8小题，共24.0分）11.如图，直线a//b，∠1=55°，则∠2=______．12.分解因式：5x3−10x2+5x=______．13.PM2.5是指大气中直径小于或等于0.0000025m的颗粒物，含有大量有毒、有害物质，也称可入肺颗粒物，将0.0000025用科学记数法表示为_____________14.二元一次方程组{x+y=21,3x−2y=8的解为_________．15.若x2−3x的值为4，则−3x2+9x−5的值为______．16.如图，正方形ABOC的边长为2，反比例函数y=kx的图象经过点A，则k的值是________．17.如图所示，延长线段AB到C，使BC=4，若AB=8，则线段AC的长是BC长的________倍．18.已知关于x的不等式组{x−a>03−2x>0的整数解共有6个，则a的取值范围是______ ．三、计算题（本大题共2小题，共14.0分）19.解不等式x−22≤7−x3，并求出它的正整数解．20.已知：如图，CD=BE，CD//BE，∠D=∠E.求证：点C是线段AB的中点．四、解答题（本大题共6小题，共52.0分）21.计算：2tan60°−21+√3+(2−π)0−(13)−1．22.如图，四边形ABCD是平行四边形，点A(1,0)，B(3,1)，C(3,3).反比例函数y=mx(x>0)的函数图象经过点D，点P是一次函数y=kx+3−3k(k≠0)的图象与该反比例函数图象的一个公共点。

湖南长沙市四中2019-2020学年九年级(上)开学数学试卷含解析

湖南长沙市四中2019-2020学年九年级（上）开学数学试卷一．选择题（每题3分，满分36分）1．下列图形中既是轴对称图形又是中心对称图形的是（）A．B．C．D．2．下列事件为必然事件的是（）A．袋中有4个蓝球，2个绿球，共6个球，随机摸出一个球是红球B．三角形的内角和为180°C．打开电视机，任选一个频道，屏幕上正在播放广告D．抛掷一枚硬币两次，第一次正面向上，第二次反面向上3．已知点M是平行四边形ABCD内一点（不含边界），设∠MAD＝θ1，∠MBA＝θ2，∠MCB＝θ3，∠MDC＝θ4．若∠AMB＝110°，∠CMD＝90°，∠BCD＝60°．则（）A．θ1+θ4﹣θ2﹣θ3＝10°B．θ2+θ4﹣θ1﹣θ3＝30°C．θ1+θ4﹣θ2﹣θ3＝30°D．θ2+θ4﹣θ1﹣θ3＝40°4．圆内接四边形ABCD，∠A，∠B，∠C的度数之比为3：4：6，则∠D的度数为（）A．60B．80C．100D．1205．若式子有意义，则一次函数y＝（3﹣k）x+k﹣3的图象可能是（）A．B．．．人数232341则这些运动员成绩的中位数、众数分别是（）．4.65、4.70B．4.65、4.75C．4.70、4.75D．4.70、4.70．如图，A、B、C是正方形网格中的格点，将△ABC绕A点逆时针旋转45°得到△ADE，则tan值为（）．B．C．D．．如图，在平面直角坐标系中，点P坐标为（﹣2，3），以点O为圆心，以OP的长为半径画弧，交轴的负半轴于点A，则点A的横坐标为（）．﹣．﹣．﹣的方程bx．B．C．2D．1二．填空题（满分18分，每小题3分）．抛物线y＝x2﹣4x﹣5与x轴交于点A、B，点P在抛物线上，若△PAB的面积为27，则满足条件的点P有个．．甲、乙两名男同学练习投掷实心球，每人投了10次，平均成绩均为7.5米，方差分别为s甲＝0.2，S乙2＝0.08，成绩比较稳定的是（填“甲”或“乙”）．如果顺次联结四边形ABCD各边中点所得的四边形是矩形，那么对角线AC与BD需满足的条件是．．一元二次方程x2+5x+a＝0的两根为m，n，若mn＝2，则m2+6m+n＝．．如图，正方形ABCD和正方形CEFG中，点D在CG上，BC＝1，CE＝3，H是AF的中点，那么CH的长是．分）计算+|（8分）如图，利用一面墙（墙的长度不超过45米），用80米长的篱笆围成一个矩形场地．①怎样围才能使矩形场地的面积为750平方米？②能否围成面积为810平方米的矩形场地，为什么？（9分）如图，在矩形ABCD中，点E在边CD上，将该矩形沿AE折叠，使点D落在边BC上的，求的值．2400元购进乙种运动鞋的数量相同．不超过22300元，问该专卖店有几种进货方案？（3）在（2）的条件下，专卖店准备对甲种运动鞋进行优惠促销活动，决定对甲种运动鞋每双优惠（50＜a＜70）元出售，乙种运动鞋价格不变．那么该专卖店要获得最大利润应如何进货？（10分）如图，已知二次函数y＝x2+bx+c的图象与x轴交于点A（1，0）、B（3，0），与y轴交于点C．（1）求二次函数的解析式；（2）若点P为抛物线上的一点，点F为对称轴上的一点，且以点A、B、P、F为顶点的四边形为平行四边形，求点P的坐标；（3）点E是二次函数第四象限图象上一点，过点E作x轴的垂线，交直线BC于点D，求四边形AEBD面积的最大值及此时点E的坐标．为等腰三角形时，求t （3）当⊙G与BD相切时，求t的值．参考答案一．选择题1．解：A、是轴对称图形，也是中心对称图形；B、不是轴对称图形，不是中心对称图形；C、不是轴对称图形，是中心对称图形；D、是轴对称图形，不是中心对称图形．故选：A．2．解：A．袋中有4个蓝球，2个绿球，共6个球，随机摸出一个球是红球是不可能事件；B．三角形的内角和为180°是必然事件；C．打开电视机，任选一个频道，屏幕上正在播放广告是随机事件；D．抛掷一枚硬币两次，第一次正面向上，第二次反面向上是随机事件；故选：B．3．解：∵四边形ABCD是平行四边形，∴∠BAD＝∠BCD＝60°，∴∠BAP＝60°﹣θ1，∠DCP＝60°﹣θ3，∴△ABP中，60°﹣θ1+θ2+110°＝180°，即θ2﹣θ1＝10°①，△DCP中，60°﹣θ3+θ4+90°＝180°，即θ4﹣θ3＝30°②，由②+①，可得（θ4﹣θ3）+（θ2﹣θ1）＝40°，即θ2+θ4﹣θ1﹣θ3＝40°，故选：D．4．解：∵内接四边形的对角互补，∴∠A：∠B：∠C：∠D＝3：4：6：5设∠A的度数为3x，则∠B，∠C，∠D的度数分别为4x，6x，5x∴3x+4x+6x+5x＝360°∴x＝20°∴∠D＝100°故选：C．5．解：∵式子有意义，∴k﹣3＞0，解得k＞3，∴3﹣k＜0，k﹣3＞0，∴一次函数y＝（3﹣k）x+k﹣3的图象过一、二、四象限．故选：D．6．解：如图，作AF⊥x轴于F，A1E⊥x轴于E．∵A（﹣1，2），∴AF＝2，OF＝1，∵∠AFO＝∠OEA1＝∠AOA1＝90°，∴∠AOF+∠EOA1＝90°，∠A+∠AOF＝90°，∴∠A＝∠EOA1，∵OA＝OA1，∴△AOF≌△OA1E（AAS），∴OE＝AF＝2，A1E＝OF＝1，∴A1（﹣2，﹣1），故选：C．7．解：这些运动员成绩的中位数、众数分别是4.70，4.75．故选：C．8．解：根据旋转的性质可知∠D＝∠B，∵tan B＝＝，∴tan D＝．故选：D．9．解：由勾股定理得，OP＝＝，由题意得，OA＝OP＝，则点A的横坐标为﹣，故选：C．10．解：设该公司第二、三两个月投放单车数量的月平均增长率为x，依题意得第三个月第三个月投放单车a（1+x）2辆，则y＝a（1+x）2．故选：A．11．解：∵点Q（b，a）在第三象限，∴a＜0，b＜0，∴ab＞0．∵△＝（﹣c）2﹣4b（﹣a）＝c2+4ab＞0，∴关于x的方程bx2﹣cx﹣a＝0有两个不相等的实数根．故选：A．12．解：连接MC，如图所示：∵四边形ABCD是正方形，∴∠C＝90°，∠DBC＝45°，∵ME⊥BC于E，MF⊥CD于F∴四边形MECF为矩形，∴EF＝MC，当MC⊥BD时，MC取得最小值，此时△BCM是等腰直角三角形，∴MC＝BC＝2，∴EF的最小值为2；故选：B．二．填空题（共6小题，满分18分，每小题3分）13．解：当y＝0时， x2﹣4x﹣5＝0，解得x1＝﹣1，x2＝5，∴A、B点的坐标为（﹣1，0），（5，0），设P（t，t2﹣4t﹣5），∵△PAB的面积为27，∴×（5+1）×|t2﹣4t﹣5|＝27，即t2﹣4t﹣5＝9或t2﹣4t﹣5＝﹣9，解t2﹣4t﹣5＝9得t1＝2+3，t2＝2﹣3，此时P点坐标为（2﹣3，9），（2+3，9）；解t2﹣4t﹣5＝﹣9得t1＝t2＝2，此时P点坐标为（2，﹣9），∴满足条件的点P有3个．故答案为3．14．解：∵S甲2＝0.2，S乙2＝0.08，∴S甲2＞S乙2，∴成绩比较稳定的是乙；故答案为：乙．15．证明：∵四边形EFGH是矩形，∴∠FEH＝90°，又∵点E、F、分别是AD、AB、各边的中点，∴EF是三角形ABD的中位线，∴EF∥BD，∴∠FEH＝∠OMH＝90°，又∵点E、H分别是AD、CD各边的中点，∴EH是三角形ACD的中位线，∴EH∥AC，∴∠OMH＝∠COB＝90°，即AC⊥BD．故答案为：AC⊥BD．16．解：由题意可知：m+n＝﹣5，mn＝2，∴a＝2，∴m2+5m+2＝0，∴原式＝m2+5m+m+n，＝﹣2+（﹣5）＝﹣7，故答案为：﹣717．解：∵正方形ABCD和正方形CEFG中，点D在CG上，BC＝1，CE＝3，∴AB＝BC＝1，CE＝EF＝3，∠E＝90°，延长AD交EF于M，连接AC、CF，则AM＝BC+CE＝1+3＝4，FM＝EF﹣AB＝3﹣1＝2，∠AMF＝90°，∵四边形ABCD和四边形GCEF是正方形，∴∠ACD＝∠GCF＝45°，∴∠ACF＝90°，∵H为AF的中点，∴CH＝AF，在Rt△AMF中，由勾股定理得：AF＝＝＝2，∴CH＝，故答案为：．18．解：∵当x≤﹣2时，y随x的增大而减小；当x≥﹣2时，y随x的增大而增大，∴对称轴x＝﹣＝﹣＝﹣2，解得m＝﹣16，∴y＝4x2+16x+5，那么当x＝1时，函数y的值为25．故答案为25．三．解答题（共8小题，满分66分）19．解：原式＝3+2﹣1，＝4．20．解：[（x﹣2y）2﹣（x+y）（x﹣y）﹣7y2]÷2y＝[x2﹣4xy+4y2﹣x2+y2﹣7y2]÷2y＝[﹣4xy﹣2y2]÷2y＝﹣2x﹣y，当x＝4，y＝﹣3时，原式＝﹣8+3＝﹣5．21．解：（1）根据题意得：3÷15%＝20（人），∴参赛学生共20人，则B等级人数20﹣（3+8+4）＝5人．补全条形图如下：（2）C等级的百分比为×100%＝40%，即m＝40，°×＝， 72所有等可能的结果有6种，其中恰好是一名男生和一名女生的情况有4种，则P（恰好是一名男生和一名女生）＝＝．．解：①设AB＝CD＝x米，则BC＝（80﹣2x）米，依题意，得：x（80﹣2x）＝750，整理，得：x2﹣40x+375＝0，解得：x1＝15，x2＝25，∴80﹣2x＝50或30．∵80﹣2x≤45，∴x＝25．答：矩形的长为30米，宽为25米．②不能，理由如下：设AB＝CD＝y米，则BC＝（80﹣2y）米，，∴DG＝GF＝EF＝DE，∴四边形DEFG为菱形；（2）解：设DE＝x，根据折叠的性质，EF＝DE＝x，EC＝8﹣x，在Rt△EFC中，FC2+EC2＝EF2，即42+（8﹣x）2＝x2，解得：x＝5，CE＝8﹣x＝3，∴＝．24．解：（1）依题意得，＝，整理得，3000（m﹣20）＝2400m，解得m＝100，经检验，m＝100是原分式方程的解，所以，m＝100；（2）设购进甲种运动鞋x双，则乙种运动鞋（200﹣x）双，根据题意得，，解不等式①得，x≥95，解不等式②得，x≤105，所以，不等式组的解集是95≤x≤105，∵x是正整数，105﹣95+1＝11，∴共有11种方案；（3）设总利润为W，则W＝（240﹣100﹣a）x+80（200﹣x）＝（60﹣a）x+16000（95≤x≤105），①当50＜a＜60时，60﹣a＞0，W随x的增大而增大，所以，当x＝105时，W有最大值，即此时应购进甲种运动鞋105双，购进乙种运动鞋95双；②当a＝60时，60﹣a＝0，W＝16000，（2）中所有方案获利都一样；③当60＜a＜70时，60﹣a＜0，W随x的增大而减小，所以，当x＝95时，W有最大值，即此时应购进甲种运动鞋95双，购进乙种运动鞋105双．25．解：（1）用交点式函数表达式得：y＝（x﹣1）（x﹣3）＝x2﹣4x+3；故二次函数表达式为：y＝x2﹣4x+3；（2）①当AB为平行四边形一条边时，如图1，则AB＝PF＝2，则点P坐标为（4，3），当点P在对称轴左侧时，即点C的位置，点A、B、P、F为顶点的四边形为平行四边形，故：点P（4，3）或（0，3）；②当AB是四边形的对角线时，如图2，AB中点坐标为（2，0）设点P的横坐标为m，点F的横坐标为2，其中点坐标为：，即：＝2，解得：m＝2，故点P（2，﹣1）；故：点P（4，3）或（0，3）或（2，﹣1）；（3）直线BC的表达式为：y＝﹣x+3，设点E坐标为（x，x2﹣4x+3），则点D（x，﹣x+3），S四边形AEBD＝AB（y D﹣y E）＝﹣x+3﹣x2+4x﹣3＝﹣x2+3x，∵﹣1＜0，故四边形AEBD面积有最大值，当x＝，其最大值为，此时点E（，﹣）．26．解：（1）当t＝2时，BF＝2×2＝4（cm），FP＝2×4＝8（cm），∵四边形ABCD是矩形，∴∠C＝90°，AB＝CD＝18cm，tan∠DBC＝＝＝，∵∠GFE＝90°，∴∠BFN＝90°＝∠C，∴GF∥CD，∴△BFN∽△BCD，∴＝，即＝，解得：FN＝3cm，∴PN＝FP﹣FN＝5cm；GN＝GF﹣FN＝16﹣3＝13（cm），∵Rt△GEF中，∠GFE＝90°．EF＝12cm，GF＝16cm，∴GE＝＝20cm，tan∠G＝＝＝，∴∠DBC＝∠G，∵∠BFN＝180°﹣90°＝90°，∴∠DBC+∠BNF＝90°，∵∠GNM＝∠BNF，∴∠G+∠GNM＝90°，∴∠GMN＝90°，∴△GNM∽△GEF，∴＝，即＝，∴GM＝cm，故答案为：5，；（2）由题意得：当△PGE为等腰三角形时，PG＝PE，如图2所示：设PF＝x，则PE＝PG＝（16﹣x）cm，在Rt△PEF中，由勾股定理得：122+x2＝（16﹣x）2，解得：x＝，∴PF＝，∴t＝÷4＝（s）；（3）由勾股定理得：BD＝＝30cm，由（1）得：∠GMN＝90°，∴GM⊥BD，∵GP是⊙G的半径，∴当⊙G与BD相切时，GM＝GP，∵∠BME＝∠C＝90°，∠DBC＝∠EBM，∴△BME∽△BCD，∴＝，即＝，解得：ME＝（2t+12），∴GM＝GE﹣ME＝20﹣（2t+12）＝，分两种情况：①当0＜t≤4时，∵GP＝16﹣4t，∴＝16﹣4t，解得：t＝；②当4＜t≤6时，P与M重合，GP＝4t﹣16，∴＝4t﹣16，解得：t＝；综上所述，当⊙G与BD相切时，t的值为s或s．。

长沙市天心区长郡教育集团19-20学年九年级(上)期末数学试卷(含答案解析)

长沙市天心区长郡教育集团19-20学年九年级(上)期末数学试卷一、选择题（本大题共12小题，共36.0分）1.2019的相反数是()A. 12019B. −12019C. |2019|D. −20192.中国的陆地面积和领水面积共约9970000km2，9970000这个数用科学记数法可表示为()A. 9.97×105B. 99.7×105C. 9.97×106D. 0.997×1073.若代数式x2−x有意义，则实数x的取值范围是()A. x=0B. x=2C. x≠0D. x≠24.下列运算正确的是()A. (x+y)2=x2+y2B. x3+x4=x7C. x3⋅x2=x6D. (−3x)2=9x25.如图，AB//CD，AD=CD，∠1=50°，则∠2的度数是()A. 55°B. 60°C. 65°D. 70°6.下列说法正确的是()A. 经过三个点一定可以作圆B. 三角形的外心到三角形各顶点的距离相等C. 相等的圆心角所对的弧相等D. 90°的角所对的弦是直径7.下列说法中，错误的是()A. 有一组邻边相等的平行四边形是菱形B. 两条对角线互相垂直且平分的四边形是菱形C. 对角线相等的平行四边形是矩形D. 有一组邻边相等的菱形是正方形8.下列图形是四棱柱的侧面展开图的是()A. B. C. D.9.某射击运动员在同一条件下的射击成绩记录如下：射击次数20801002004001000“射中九环以上”的次数186882168327823“射中九环以上”的频率(结果保留两位小数)0.900.850.820.840.820.82根据频率的稳定性，估计这名运动员射击一次时“射中九环以上”的概率约是()A. 0.90B. 0.82C. 0.85D. 0.8410.通讯员要在规定时间内到达某地，他每小时走15千米，则可提前24分钟到达某地；如果每小时走12千米，则要迟到15分钟．设通讯员到达某地的路程是x千米，原定的时间为y小时，则可列方程组为()A. {x15−15=yx12+12=yB. {x15+15=yx12−12=yC. {x15−2460=yx 12−1560=yD. {x15+2460=yx12−1560=y11.如图，点A在反比例函数y=kx(x>0,k>0)的图象上，轴于点B，点C在x轴的负半轴上，且BO=2CO，若的面积为18，则k的值为()A. 12B. 18C. 20D. 2412.如图，抛物线y=−12x2 +32x+2与x轴交于A，B两点，与y轴交于点C.若点P是线段BC上方的抛物线上一动点，当△BCP的面积取得最大值时，点P的坐标是()A. (2,3)B. (32,258) C. (1,3) D. (3,2)二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）13.关于x的分式方程7xx−1+5=2m−1x−1的解为正数，则m的值为______．14.如图，在平面直角坐标系中，点P1的坐标为(√22,√22)，将线段OP1绕点O按顺时针方向旋转45°，再将其长度伸长为OP1的2倍，得到线段OP2；又将线段OP2绕点O按顺时针方向旋转45°，长度伸长为OP2的2倍，得到线段OP3；如此下去，得到线段OP4，OP5，…，OP n(n为正整数)，则点P2020的坐标是______．15.如图，身高1.6米的小丽在阳光下的影长为2米，在同一时刻，一棵大树的影长为8米，则这棵树的高度为______米．16.因式分解：2ax2−4axy+2ay2=______．17.计算机可以帮助我们又快又准地画出函数的图象．用“几何画板”软件画出的函数y=x2(x−3)和y=x−3的图象如图所示．根据图象可知方程x2(x−3)=x−3的解的个数为；若m，n分别满足方程x2(x−3)=1和x−3=1，则m，n的大小关系是．18.如图，⊙O是锐角△ABC的外接圆，FH是⊙O的切线，切点为F，FH//BC，连结AF交BC于E，∠ABC的平分线BD交AF于D，连结BF.下列结论：①AF平分∠BAC；②点F为△BDC的外心；③BECE=sin∠ACBsin∠ABC；④若点M，N分别是AB和AF上的动点，则BN+MN的最小值是ABsin∠BAC.其中一定正确的是______(把你认为正确结论的序号都填上)．三、解答题（本大题共8小题，共66.0分）19.计算：|√2−2|−2cos45°+(−1)−2+√8．20.先化简，再求值：(a+4a+1−a+1a)÷4a−2a2−1然后从−2<a≤2的范围内选取一个合适的整数作为a的值代入求值．21.某年级共有150名女生，为了解该年级女生实心球成绩(单位：米)和一分钟仰卧起坐成绩(单位：个)的情况，从中随机抽取30名女生进行测试，获得了他们的相关成绩，并对数据进行整理、描述和分析．下面给出了部分信息．a.实心球成绩的频数分布如表所示：分组6.2≤x<6.66.6≤x<7.07.0≤x<7.47.4≤x<7.87.8≤x<8.28.2≤x<8.6频数2m10621b.实心球成绩在7.0≤x<7.4这一组的是：7.0，7.0，7.0，7.1，7.1，7.1，7.2，7.2，7.3，7.3c.一分钟仰卧起坐成绩如图所示：根据以上信息，回答下列问题：(1)①表中m的值为______；②一分钟仰卧起坐成绩的中位数为______；(2)若实心球成绩达到7.2米及以上时，成绩记为优秀．①请估计全年级女生实心球成绩达到优秀的人数；②该年级某班体育委员将本班在这次抽样测试中被抽取的8名女生的两项成绩的数据抄录如表所示：女生代码A B C D E F G H实心球8.17.77.57.57.37.27.06.5一分钟仰卧起坐∗4247∗4752∗49其中有3名女生的一分钟仰卧起坐成绩未抄录完整，但老师说这8名女生中恰好有4人两项测试成绩都达到了优秀，于是体育委员推测女生E的一分钟仰卧起坐成绩达到了优秀，你同意体育委员的说法吗？并说明你的理由．22.如图，在矩形ABCD中，O为对角线AC的中点，过点O作直线分别与矩形的边AD，BC交于M，N两点，连接CM，AN．(1)求证：四边形ANCM为平行四边形；(2)若AD=4，AB=2，且MN⊥AC，求DM的长．23.端午节是我国的传统节日，人们素有吃粽子的习俗．某商场在端午节来临之际用3000元购进A、B两种粽子1100个，购买A种粽子与购买B种粽子的费用相同．已知A种粽子的单价是B种粽子单价的1.2倍．(1)求A、B两种粽子的单价各是多少？(2)若计划用不超过7000元的资金再次购进A、B两种粽子共2600个，已知A、B两种粽子的进价不变．求A种粽子最多能购进多少个？24.如图，在△ABC中，∠C=90°，点D是AB边上一点，以BD为直径的⊙O与边AC相切于点E，与边BC交于点F，过点E作EH⊥AB于点H，连接BE．(1)求证：EH=EC；(2)若BC=4，sinA=2，求AD的长．325.将抛物线C：y=(x−2)2向下平移6个单位长度得到抛物线C1，再将抛物线C1向左平移2个单位长度得到抛物线C2．(1)直接写出抛物线C1，C2的解析式；(2)如图(1)，点A在抛物线C1(对称轴l右侧)上，点B在对称轴l上，△OAB是以OB为斜边的等腰直角三角形，求点A的坐标；(3)如图(2)，直线y=kx(k≠0,k为常数)与抛物线C2交于E，F两点，M为线段EF的中点；直x与抛物线C2交于G，H两点，N为线段GH的中点．求证：直线MN经过一个定点．线y=−4k26.如图，抛物线y=x2−2x−3与x轴交A，B两点(A点在B点左侧)，直线l与抛物线交于A，C两点，其中C点的横坐标为2，(1)求A，B两点的坐标及直线AC的函数表达式。

2019-2020学年湖南省长沙市天心区长郡教育集团九年级(上)期末数学试卷-解析版

2019-2020学年湖南省长沙市天心区长郡教育集团九年级（上）期末数学试卷一、选择题（本大题共12小题，共36.0分） 1. −12的绝对值为( )A. −2B. −12C. 12D. 12. PM2.5是指大气中直径小于或等于0.0000025m 的颗粒物，将0.0000025用科学记数法表示为( )A. 0.25×10−5B. 0.25×10−6C. 2.5×10−5D. 2.5×10−63. 使分式13−x 有意义的x 的取值范是( )A. x ≠3B. x =3C. x ≠0D. x =4. 在下列各式中，运算结果正确的是( )A. x 2+x 2=x 4B. x −2x =−xC. x 2⋅x 3=x 6D. (x −1)2=x 2−15. 如图，已知AB//CD ，AD =CD ，∠1=40°，则∠2的度数为( )A. 60°B. 65°C. 70°D. 75°6. 如图，△ABC 是⊙O 的内接三角形，∠AOB =110°，则∠ACB 的度数为( )A. 35°B. 55°C. 60°D. 70°7. 如图，在△ABC 中，AB 的垂直平分线交BC 于D ，AC 的中垂线交BC 于E ，∠DAE =20°，则∠BAC 的度数为( )A. 70°B. 80°C. 90°D. 100°8. 下面哪个图形不是正方体的平面展开图( )A.B.C. D.9. 在一个不透明的口袋中，装有若干个红球和4个黄球，它们除颜色外没有任何区别，摇匀后从中随机摸出一个球，记下颜色后再放回口袋中，通过大量重复摸球实验发现，摸到黄球的概率是0.2，则估计盒子中大约有红球( ) A. 12个 B. 16个 C. 20个 D. 25个10. 我国古代数学著作《孙子算经》中有“鸡兔同笼”问题：“今有鸡兔同笼，上有三十五头，下有九十四足，问鸡兔各几何．”设鸡x 只，兔y 只，可列方程组为( )A. {x +y =352x +2y =94 B. {x +y =354x +2y =94 C. {x +y =354x +4y =94D. {x +y =352x +4y =9411.如图，平行于x轴的直线与函数y=k1x(k1>0,x>0)，y=k2x(k2>0,x>0)的图象分别相交于A，B两点，点A在点B的右侧，C为x轴上的一个动点，若△ABC的面积为6，则k1−k2的值为()A. 12B. −12C. 6D. −612.已知抛物线y=x2+(2a+1)x+a2−a，则抛物线的顶点不可能在()A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）13.不等式x−42>4−x的解集为______．14.已知在平面直角坐标系中，点P在第二象限，且到x轴的距离为3，到y轴的距离为4，则点P的坐标为______．15.高为8米的旗杆在水平地面上的影子长为6米，同一时刻测得附近一个建筑物的影子长30米，则此建筑物的高度为______米．16.分解因式：x2y−4y=______．17.如图，直线y=ax+b过点A(0,2)和点B(−3,0)，则方程ax+b=0的解是______ ．18.如图，⊙O是锐角△ABC的外接圆，FH是⊙O的切线，切点为F，FH//BC，连结AF交BC于E，∠ABC的平分线BD交AF于D，连结BF.下列结论：①AF平分∠BAC；②点F为△BDC的外心；③BECE =sin∠ACBsin∠ABC；④若点M，N分别是AB和AF上的动点，则BN+MN的最小值是ABsin∠BAC.其中一定正确的是______(把你认为正确结论的序号都填上)．三、解答题（本大题共8小题，共66.0分）19.计算√12−|4sin30°−2√3|+(−112)−1．20.先化简，再求值：(a2+1a −2)÷(a+2)(a−1)a2+2a，其中−2≤a≤2，从中选一个你喜欢的整数代入求值．21.为了解某校九年级学生立定跳远水平，随机抽取该年级50名学生进行测试，并把测试成绩(单位：m)绘制成不完整的频数分布表和频数分布直方图．学生立定跳远测试成绩的频数分布表分组频数1.2≤x<1.6a1.6≤x<2.0122.0≤x<2.4b2.4≤x<2.810请根据图表中所提供的信息，完成下列问题：(1)表中a=______，b=______，样本成绩的中位数落在______范围内；(2)请把频数分布直方图补充完整；(3)该校九年级共有1000名学生，估计该年级学生立定跳远成绩在2.4≤x<2.8范围内的学生有多少人？22.如图，在四边形ABCD中，AD//BC，AC与BD交于点E，点E是BD的中点，延长CD到点F，使DF=CD，连接AF，(1)求证：AE=CE；(2)求证：四边形ABDF是平行四边形；(3)若AB=2，AF=4，∠F=30°，则四边形ABCF的面积为______．23.A，B两地间的距离为15千米，甲从A地出发步行前往B地，20分钟后，乙从B地出发骑车前往A地，且乙骑车比甲步行每小时多走10千米．乙到达A地后停留40分钟，然后骑车按原路原速返回，结果甲、乙两人同时到达B地．求甲从A地到B地步行所用的时间．24.如图，四边形ABCD的外接圆为⊙O，AD是⊙O的直径，过点B作⊙O的切线，交DA的延长线于点E，连接BD，且∠E=∠DBC．(1)求证：DB平分∠ADC；(2)若CD=9，tan∠ABE=1，求⊙O的半径．225.如图1，抛物线W：y=ax2−2的顶点为点A，与x轴的负半轴交于点D，直线AB交抛物线W于另一点C，点B的坐标为(1,0)．(1)求直线AB的解析式；(2)过点C作CE⊥x轴，交x轴于点E，若AC平分∠DCE，求抛物线W的解析式；(3)若a=1，将抛物线W向下平移m(m>0)个单位得到抛物线W1，如图2，记抛2物线W1的顶点为A1，与x轴负半轴的交点为D1，与射线BC的交点为C1.问：在平移的过程中，tan∠D1C1B是否恒为定值？若是，请求出tan∠D1C1B的值；若不是，请说明理由．26.在平面直角坐标系中，点到直线的距离即为点到直线的垂线段的长．x−1的距离为多少？(1)如图1，取点M(1,0)，则点M到直线l：y=12(2)如图2，点P是反比例函数y=4在第一象限上的一个点，过点P分别作PM⊥xx？若轴，作PN⊥y轴，记P到直线MN的距离为d0，问是否存在点P，使d0=2√105存在，求出点P的坐标，若不存在，请说明理由．(3)如图3，若直线y=kx+m与抛物线y=x2−4x相交于x轴上方两点A、B(A在B的左边).且∠AOB=90°，求点P(2,0)到直线y=kx+m的距离最大时，直线y= kx+m的解析式．答案和解析1.【答案】C【解析】解：∵|−12|=12，∴−12的绝对值为12．故选：C．计算绝对值要根据绝对值的定义求解，第一步列出绝对值的表达式，第二步根据绝对值定义去掉这个绝对值的符号．本题主要考查了绝对值的定义，绝对值规律总结：一个正数的绝对值是它本身；一个负数的绝对值是它的相反数；0的绝对值是0，比较简单．2.【答案】D【解析】解：0.0000025=2.5×10−6；故选：D．绝对值小于1的正数也可以利用科学记数法表示，一般形式为a×10−n，与较大数的科学记数法不同的是其所使用的是负指数幂，指数由原数左边起第一个不为零的数字前面的0的个数所决定．本题考查了用科学记数法表示较小的数，一般形式为a×10−n，其中1≤|a|<10，n 为由原数左边起第一个不为零的数字前面的0的个数所决定．3.【答案】A【解析】解：分式13−x有意义，则3−x≠0，解得：x≠3．故选：A．直接利用分式有意义的条件进而得出答案．此题主要考查了分式有意义的条件，正确把握分式的定义是解题关键．4.【答案】B【解析】解：A、x2+x2=2x2，故本选项错误；B、x−2x=−x，故本选项正确；C、x2⋅x3=x5，故本选项错误；D、(x−1)2=x2−2x+1，故本选项错误．故选：B．根据合并同类项、完全平方公式及同底数幂的乘法法则进行各选项的判断即可．本题考查了合并同类项、完全平方公式及积的乘方运算，属于基础题，解答本题的关键是掌握各部分的运算法则．5.【答案】C【解析】解：∵AD=CD，∠1=40°，∴∠ACD=70°，∵AB//CD，∴∠2=∠ACD=70°，故选：C．由等腰三角形的性质可求∠ACD=70°，由平行线的性质可求解．本题考查了等腰三角形的性质，平行线的性质，是基础题．6.【答案】B【解析】解：∵∠AOB与∠ACB是同弧所对的圆心角与圆周角，∠AOB=110°，∠AOB=55°．∴∠ACB=12故选：B．直接根据圆周角定理进行解答即可．本题考查了三角形的外接圆与外心，圆周角定理：在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半．7.【答案】D【解析】解：∵DM是线段AB的垂直平分线，∴DA=DB，∴∠B=∠DAB，同理∠C=∠EAC，∵∠B+∠DAB+∠C+∠EAC+∠DAE=180°，∴∠DAB+∠EAC=80°，∴∠BAC=100°，故选：D．根据线段的垂直平分线的性质得到DA=DB，EA=EC，得到∠B=∠DAB和∠C=∠EAC，根据三角形内角和定理计算得到答案．本题考查的是线段的垂直平分线的性质和三角形内角和定理，掌握线段的垂直平分线上的点到线段的两个端点的距离相等是具体点关键．8.【答案】A【解析】解：A、不是正方体展开图，符合题意；B、是正方体展开图，不符合题意；C、是正方体展开图，不符合题意；D、是正方体展开图，不符合题意．故选：A．根据正方体展开图的11种形式，对各选项分析判断即可得解．本题主要考查了正方体的展开图，从实物出发，结合具体的问题，辨析几何体的展开图，通过结合立体图形与平面图形的转化，建立空间观念，是解决此类问题的关键．9.【答案】B=0.2，【解析】解：设盒子中有红球x个，由题意可得：4x+4解得：x=16，故选：B．在同样条件下，大量反复试验时，随机事件发生的频率逐渐稳定在概率附近，可以从比例关系入手，列出方程求解．此题主要考查了利用频率估计概率，本题利用了用大量试验得到的频率可以估计事件的概率．关键是根据黄球的概率得到相应的等量关系．10.【答案】D【解析】【分析】本题考查由实际问题抽象出二元一次方程组，解答本题的关键是明确题意，列出相应的方程组．根据题意可以列出相应的方程组，从而可以解答本题．【解答】解：由题意可得， {x +y =352x +4y =94，故选：D ． 11.【答案】A【解析】解：设：A 、B 点的坐标分别是A(k 1m,m)、B(k2m ,m)，则：△ABC 的面积=12⋅AB ⋅y A =12⋅(k 1m−k2m)⋅m =6，则k 1−k 2=12．故选：A ．△ABC 的面积=12⋅AB ⋅y A ，先设A 、B 两点坐标(其y 坐标相同)，然后计算相应线段长度，用面积公式即可求解．此题主要考查了反比例函数系数的几何意义，以及图象上点的特点，求解函数问题的关键是要确定相应点坐标，通过设A 、B 两点坐标，表示出相应线段长度即可求解问题． 12.【答案】D【解析】解：抛物线y =x 2+(2a +1)x +a 2−a 的顶点的横坐标为：x =−2a+12=−a −12，纵坐标为：y =4(a 2−a)−(2a+1)24=−2a −14，∴抛物线的顶点横坐标和纵坐标的关系式为：y =2a +34，∴抛物线的顶点经过一二三象限，不经过第四象限，故选：D ．求得顶点坐标，得出顶点的横坐标和纵坐标的关系式，即可求得．本题考查了二次函数的性质，得到顶点的横纵坐标的关系式是解题的关键． 13.【答案】x >4【解析】解：去分母得：x −4>8−2x ，移项合并得：3x >12，解得：x >4，故答案为：x >4不等式去分母，去括号，移项合并，把x 系数化为1，即可求出解集．此题考查了解一元一次不等式，熟练掌握运算法则是解本题的关键． 14.【答案】(−4,3)【解析】解：∵点P 在第二象限，且到x 轴的距离为3，到y 轴的距离为4， ∴点P 的横坐标为−4，纵坐标为3，∴点P的坐标为(−4,3)．故答案为：(−4,3)．根据第二象限点的横坐标是负数，纵坐标是正数，点到x轴的距离等于纵坐标的长度，到y轴的距离等于横坐标的长度解答．本题考查了点的坐标，熟记点到x轴的距离等于纵坐标的长度，到y轴的距离等于横坐标的长度是解题的关键．15.【答案】40【解析】【分析】本题考查的是相似三角形的应用，熟知同一时刻物高与影长成正比是解答此题的关键．设此建筑物的高度为h，再根据同一时刻物高与影长成正比即可得出h的值．【解答】解：设此建筑物的高度为h，∵同一时刻物高与影长成正比，∴86=ℎ30，解得ℎ=40m．故答案为：40．16.【答案】y(x+2)(x−2)【解析】解：x2y−4y，=y(x2−4)，=y(x+2)(x−2)．故答案为：y(x+2)(x−2)．先提取公因式y，然后再利用平方差公式进行二次分解．本题考查了提公因式法，公式法分解因式，利用平方差公式进行二次分解因式是解本题的难点，也是关键．17.【答案】x=−3【解析】解：方程ax+b=0的解，即为函数y=ax+b图象与x轴交点的横坐标，∵直线y=ax+b过B(−3,0)，∴方程ax+b=0的解是x=−3，故答案为：x=−3．所求方程的解，即为函数y=ax+b图象与x轴交点横坐标，确定出解即可．此题考查了一次函数与一元一次方程，任何一元一次方程都可以转化为ax+b=0(a,b 为常数，a≠0)的形式，所以解一元一次方程可以转化为：当某个一次函数的值为0时，求相应的自变量的值．从图象上看，相当于已知直线y=ax+b，确定它与x轴的交点的横坐标的值．18.【答案】①②③④【解析】解：如图1，连接OF，CF，∵FH是⊙O的切线，∴OF⊥FH，∵FH//BC，∴OF⊥BC，且OF为半径，∴OF垂直平分BC，∴BF⏜=CF⏜∴∠1=∠2，BF=CF，∴AF平分∠BAC，故①正确，∵∠1=∠2，∠4=∠3，∠5=∠2，∴∠1+∠4=∠2+∠3，∴∠1+∠4=∠5+∠3，∵∠1+∠4=∠BDF，∠5+∠3=∠FBD，∴∠BDF=∠FBD，∴BF=FD，且BF=CF，∴BF=DF=CF，∴点F为△BDC的外心，故②正确；如图2，过点C作CG//AB，交AF的延长线于点G，∵CG//AB，∴∠BAE=∠EGC，且∠BAE=∠CAE，∴∠CAE=∠CGE，∴AC=CG，∵CG//AB，∴△BAE∽△CGE，∴ABCG =BEEC，∴ BEEC =AB×1ANAC×1AN=1sin∠ABC1sin∠ACB=sin∠ACBsin∠ABC，故③正确；如图3，作点M关于AF的对称点M′，∵点M与点M′关于AF对称，∴MN=M′N，∴BN+MN=BN+M′N，∴当点N在线段BM′上，且BM′⊥AC时，BN+MN有最小值为BM′，且sin∠BAC=BM′AB，∴BN+MN最小值为ABsin∠BAC，故④正确，故答案为：①②③④．如图1，连接OF，CF，通过切线的性质证OF⊥FH，进而由FH//BC，得OF⊥BC，即可由垂径定理得到F是弧BC的中点，根据圆周角定理可得∠BAF=∠CAF，可得AF平分∠BAC；由三角形外角性质和同弧所对的圆周角相等可得∠BDF=∠FBD，可得BF= DF=CF，可得点F为△BDC的外心；如图2，过点C作CG//AB，交AF的延长线于点G，通过证明△BAE∽△CGE，可得ABCG =BEEC，即可判断③；如图3，作点M关于AF的对称点M′，当点N在线段BM′上，且BM′⊥AC时，BN+MN有最小值为BM′，即可判断④．本题是相似形综合题，考查了圆的有关知识，相似三角形的判定和性质，轴对称的性质，灵活运用这些性质进行推理是本题的关键．19.【答案】解：原式=2√3−(2√3−2)−12=2√3−2√3+2−12=−10．【解析】直接利用绝对值的性质以及负指数幂的性质分别化简得出答案．此题主要考查了实数运算，正确化简各数是解题关键．20.【答案】解：原式=a2+1−2aa ⋅a(a+2)(a+2)(a−1)=(a−1)2a⋅a(a+2)(a+2)(a−1)=a−1，∵−2≤a≤2，且a为整数，∴a=0，1，−2时没有意义，a=−1或2，当a=−1时，原式=−2；当a=2时，原式=1．【解析】原式括号中两项通分并利用同分母分式的减法法则计算，同时利用除法法则变形，约分得到最简结果，确定出a的值，代入计算即可求出值．此题考查了分式的化简求值，熟练掌握运算法则是解本题的关键．21.【答案】解：(1)820 2.0≤x<2.4(2)由(1)知，b=20，补全的频数分布直方图如右图所示；(3)1000×1050=200(人)，答：该年级学生立定跳远成绩在2.4≤x <2.8范围内的学生有200人．【解析】解：(1)由统计图可得，a =8，b =50−8−12−10=20，样本成绩的中位数落在：2.0≤x <2.4范围内，故答案为：8，20，2.0≤x <2.4；(2)(3)见答案【分析】(1)根据题意和统计图可以求得a 、b 的值，并得到样本成绩的中位数所在的取值范围；(2)根据b 的值可以将频数分布直方图补充完整；(3)根据统计图中的数据可以求得该年级学生立定跳远成绩在2.4≤x <2.8范围内的学生有多少人．本题考查频数分布直方图、频数分布表、用样本估计总体、中位数，解答本题的关键是明确题意，利用数形结合的思想解答．22.【答案】6【解析】(1)证明：∵点E 是BD 的中点，∴BE =DE ，∵AD//BC ，∴∠ADE =∠CBE ，在△ADE 和△CBE 中{∠ADE =∠CBE DE =BE ∠AED =∠CEB∴△ADE≌△CBE(ASA)，∴AE =CE ；(2)证明：∵AE =CE ，BE =DE ，∴四边形ABCD 是平行四边形，∴AB//CD ，AB =CD ，∵DF =CD ，∴DF =AB ，即DF =AB ，DF//AB ，∴四边形ABDF 是平行四边形；(3)解：过C作CH⊥BD于H，过D作DQ⊥AF于Q，∵四边形ABCD和四边形ABDF是平行四边形，AB=2，AF=4，∠F=30°，∴DF=AB=2，CD=AB=2，BD=AF=4，BD//AF，∴∠BDC=∠F=30°，∴DQ=12DF=12×2=1，CH=12DC=12×2=1，∴四边形ABCF的面积S=S平行四边形BDFA +S△BDC=AF×DQ+12×BD×CH=4×1+12×4×1=6，故答案为：6．(1)根据平行线的性质得出∠ADE=∠CBE，根据全等三角形的判定得出△ADE≌△CBE，根据全等三角形的性质得出即可；(2)根据平行四边形的判定推出即可；(3)求出高DQ和CH，再根据面积公式求出即可．本题考查了平行四边形的性质和判定，三角形的面积等知识点，能综合运用定理进行推理是解此题的关键．23.【答案】解：设甲从A地到B地步行所用时间为x小时，由题意得：30x−1=15x+10，化简得：2x2−5x−3=0，解得：x1=3，x2=−12，经检验x1=3，x2=−12都是原分式方程的解，但x=−12不符合题意，舍去．故x=3，答：甲从A地到B地步行所用时间为3小时．【解析】首先设甲从A地到B地步行所用时间为x小时，由题意得等量关系：乙所走路程÷乙所用时间=甲所走路程÷甲所用时间+10，根据等量关系，列出方程再解即可．此题主要考查了分式方程的应用，关键是正确理解题意，找出题目中的等量关系，列出方程，注意不要忘记检验．24.【答案】(1)证明：连接OB，∵BE为⊙O的切线，∴OB⊥BE，∴∠OBE=90°，∴∠ABE+∠OBA=90°，∵OA=OB，∴∠OBA=∠OAB，∴∠ABE+∠OAB=90°，∵AD是⊙O的直径，∴∠OAB+∠ADB=90°，∴∠ABE=∠ADB，∵四边形ABCD的外接圆为⊙O，∴∠EAB=∠C，∵∠E=∠DBC，∴∠ABE=∠BDC，∴∠ADB=∠BDC，即DB平分∠ADC；(2)解：∵tan∠ABE=12，∴设AB=x，则BD=2x，AD=√AB2+BD2=√5x，∵∠E=∠E，∠ABE=∠BDE，∴△AEB∽△BED，∴BE2=AE⋅DE，且AEBE =ABBD=12，设AE=a，则BE=2a，∴4a2=a(a+√5x)，∴a=√53x，∵∠BAE=∠C，∠ABE=∠BDC，∴△AEB∽△CBD，∴BEBD =ABCD，∴23√5x2x=x9，解得=3√5，∴AD=√5x=15，∴OA=152．【解析】(1)连接OB ，证明∠ABE =∠ADB ，可得∠ABE =∠BDC ，则∠ADB =∠BDC ；(2)证明△AEB∽△CBD ，AB =x ，则BD =2x ，可求出AB ，则答案可求出．本题考查切线的性质、解直角三角形、勾股定理等知识，解题的关键是学会添加常用辅助线解决问题．25.【答案】解：(1)∵抛物线W ：y =ax 2−2的顶点为点A ，∴点A(0,−2)设直线AB 解析式为y =kx +b ，∴{b =−2k +b =0解得{k =2b =−2∴抛物线解析式为：y =2x −2；(2)如图1，过点B 作BN ⊥CD 于N ，∵AC 平分∠DCE ，BN ⊥CD ，BE ⊥CE ，∴BN =BE ，∵∠BND =∠CED =90°，∠BDN =∠CDE ，∴△BND∽△CED ，∴BN CE=DB CD ， ∴BE CE =DB CD ，∵AO//CE ，∴BO AO =BE CE =12=DB CD∴CE =2BE ，CD =2DB ，设BE =x ，BD =y ，则CE =2x ，CD =2y ，∵CD 2=DE 2+CE 2，∴4y 2=(x +y)2+4x 2，∴(x +y)(5x −3y)=0，∴y =53x ，∴点C(x +1,2x)，点D(1−53x,0)∵点C ，点D 是抛物线W ：y =ax 2−2上的点，∴{2x =a(x +1)2−20=a(1−53x)2−2 ∴x +1=(1−53x)2，∴x 1=0(舍去)，x 2=3925，∴0=a(1−53×3925)2−2，∴a =2532，∴抛物线解析式为：y =2532x 2−2；(3)tan∠D 1C 1B 恒为定值，理由如下：由题意可得抛物线W 1的解析式为：y =12x 2−2−m ，设点D 1的坐标为(t,0)(t <0)，∴0=12t 2−2−m ，∴2+m =12t 2，∴抛物线W 1的解析式为：y =12x 2−12t 2，∵抛物线W 1与射线BC 的交点为C 1，∴{y =2x −2y =12x 2−12t 2 解得：{x 1=2−t y 1=2−2t ，{x 2=2+t y 2=2+2t(不合题意舍去)， ∴点C 1的坐标(2−t,2−2t)，如图2，过点C 1作C 1H ⊥x 轴，过点C 作CG ⊥x 轴，∴C 1H =2−2t ，OH =2−t ，∴D 1H =D 1O +OH =2−t +(−t)=2−2t ，∴C 1H =D 1H ，且C 1H ⊥x 轴，∴∠C 1D 1H =45°，∵y=12x2−2与x轴交于点D，∴点D(−2,0)∵y=2x−2与y=12x2−2交于点C，点A∴点C(4,6)∴GC=6，DG=OD+OG=2+4=6，∴DG=CG，且CG⊥x轴，∴∠GDC=45°=∠C1D1H，∴C1D1//CD，∴∠D1C1B=∠DCB，∴tan∠D1C1B=tan∠DCB，如图3，过点B作BF⊥CD于点F，∵∠CDB=45°，BF⊥CD，BD=OD+OB=2+1=3，∴∠FDB=∠FBD=45°，∴DF=BF，DB=√2DF=3，∴DF=BF=3√2 2∵点D(−2,0)，点C(4,6)，∴CD=√(−2−4)2+(0−6)2=6√2，∴CF=CD−DF=9√22，∴tan∠D1C1B=tan∠DCB=BFCF =13，∴tan∠D1C1B恒为定值．【解析】(1)由待定系数法可求解析式；(2)如图1，过点B作BN⊥CD于N，通过证明△BND∽△CED，可得BNCE =DBCD，由平行线分线段成比例可求BOAO =BECE=12=DBCD，可得CE=2BE，CD=2DB，设BE=x，BD=y，则CE=2x，CD=2y，由勾股定理可求y=53x，可求点C，点D坐标，代入解析式可求x的值，即可求抛物线W的解析式；(3)先求出点C1的坐标(2−t,2−2t)，如图2，过点C1作C1H⊥x轴，过点C作CG⊥x轴，可证C1D1//CD，可得∠D1C1B=∠DCB，如图3，过点B作BF⊥CD于点F，由勾股定理和直角三角形的性质可求BF，DF，CF的长，即可求tan∠D1C1B=tan∠DCB=BFCF =13．本题是二次函数综合题，考查了二次函数的性质和应用，一次函数的性质，待定系数法求解析式，相似三角形的判定和性质，勾股定理等知识，添加恰当辅助线是本题的关键．26.【答案】解：(1)如图1，设直线l：y=12x−1与x轴，y轴的交点为点A，点B，过点M作ME⊥AB，∵直线l：y=12x−1与x轴，y轴的交点为点A，点B，∴点A(2,0)，点B(0,−1)，且点M(1,0)，∴AO=2，BO=1，AM=OM=1，∴AB=√AO2+BO2=√1+4=√5，∵tan∠OAB=tan∠MAE=OBAB =MEAM，∴√5=ME1，∴ME=√55，∴点M到直线l：y=12x−1的距离为√55；(2)设点P(a,4a)，(a>0)∴OM=a，ON=4a，∴MN=√OM2+ON2=√a2+16a2，∵PM⊥x轴，PN⊥y轴，∠MON=90°，∴四边形PMON是矩形，∴S△PMN=12S矩形PMON=2，∴12×MN×d0=2，∴√a2+16a2×2√105=4，∴a4−10a2+16=0，∴a1=2，a2=−2(舍去)，a3=2√2，a4=−2√2(舍去)，∴点P(√2,2√2)或(2√2,√2)，(3)如图3，过点A作AC⊥x轴于点C，过点B作BD⊥y轴于点D，设点A(a,a2−4a)，点B(b,b2−4b)，∵∠AOB=90°，∴∠AOC+∠BOD=90°，且∠AOC+∠CAO=90°，∴∠BOD=∠CAO，且∠ACO=∠BDO，∴△AOC∽△BOD，∴ACCO =ODBD，∴a2−4a−a=bb2−4b∴ab−4(a+b)+17=0，∵直线y=kx+m与抛物线y=x2−4x相交于x轴上方两点A、B，∴a，b是方程kx+m=x2−4x的两根，∴a+b=k+4，ab=−m，∴−m−4(k+4)+17=0，∴m=1−4k，∴y=kx+1−4k=k(x−4)+1，∴直线y=k(x−4)+1过定点N(4,1)，∴当PN⊥直线y=kx+m时，点P到直线y=kx+m的距离最大，设直线PN的解析式为y=cx+d，∴{1=4c+d0=2c+d解得{c=12b=−1∴直线PN的解析式为y=12x−1，∴k=−2，∴m=1−4×(−2)=9，∴直线y=kx+m的解析式为y=−2x+9．【解析】(1)如图1，设直线l：y=12x−1与x轴，y轴的交点为点A，点B，过点M作ME⊥AB，先求出点A，点B坐标，可得OA=2，OB=1，AM=1，由勾股定理可求AB长，由锐角三角函数可求解；(2)设点P(a,4a)，用参数a表示MN的长，由面积关系可求a的值，即可求点P坐标；(3)如图3，过点A作AC⊥x轴于点C，过点B作BD⊥y轴于点D，设点A(a,a2−4a)，点B(b,b2−4b)，通过证明△AOC∽△BOD，可得ab−4(a+b)+17=0，由根与系数关系可求a+b=k+4，ab=−m，可得y=kx+1−4k=k(x−4)+1，可得直线y= k(x−4)+1过定点N(4,1)，则当PN⊥直线y=kx+m时，点P到直线y=kx+m的距离最大，由待定系数法可求直线PN的解析式，可求k，m的值，即可求解．本题是二次函数综合题，考查了二次函数的性质，待定系数法求解析式，根与系数关系，相似三角形的判定和性质，锐角三角函数等知识，利用参数列出方程是本题的关键．。

湖南省长沙市部分学校联考2019-2020秋学期九年级数学综合检测卷(Word版无答案)12-09

湖南省长沙市部分学校联考2019-2020秋学期九年级数学综合检测卷（Word 版无答案）12-092019-2020 秋学期九年级数学综合检测试卷 12-09一、选择题（每题 3 分，共 36 分）1、据统计显示，上年（2018 年）末，长沙市人口达 815 万人，将 815 万人用科学记数法表示为（）人A ．815×103B ．81.5×104C ．8.15×105D ．8.15×1062、下列运算中，正确的是（）A ．a 3+a 3=2a6B ．a 5﹣a 3=a2C ．a 2•a 2=2a4D ．（a 5）2=a103、在数轴上，实数a ，b 对应的点的位置如图所示，且这两个点关于原点对称，下列结论中，正确的是（）A ．a+b=0B ．a ﹣b=0C ．|a|＜|b|D ．ab ＞04．若正多边形的一个外角是 40°，则这个正多边形是（）A ．正七边形B ．正八边形C ．正九边形D ．正十边形5．用配方法解一元二次方程 x 2﹣6x ﹣5=0，此方程可化为（） A ．（x ﹣3）2=4 B ．（x ﹣3）2=14C ．（x ﹣9）2=4D ．（x ﹣9）2=146．在一个不透明的口袋中装有 5 个完全相同的小球，把它们分别标号为 1，2，3，4，5，从中随机摸出一个小球，其标号是奇数的概率为（）A ．B ．C ．D ．7．对于反比例函数，当 1＜x ＜2 时，y 的取值范围是（）A ．1＜y ＜3B ．2＜y ＜3C ．1＜y ＜6D ．3＜y ＜68、如图，AB ∥CD ，DA ⊥CE 于点A ．若∠EAB=55°，则∠D 的度数为（）A ．25°B ．35°C ．45°D ．55°9．如图是某几何体的三视图，该几何体是（）A ．三棱柱B ．长方体C ．圆锥D ．圆柱10．如图，△ABC 中，∠A =60 ︒ ，BD ，CD 分别是∠ABC ，∠ACB 的平分线，则∠BDC 的度数是（）A ．100 ︒B ．110 ︒C ．120︒ D．130︒38 ⎛ 1 ⎫11．如图，若 AB 是⊙O 的直径，CD 是⊙O 的弦，∠ABD =58°，则∠BCD 的度数为（）A 、32°B 、58°C 、64°D 、116°12．如图，木杆 AB 斜靠在墙壁上，∠OAB =30 ︒ ，AB =4 米．当木杆的上端 A 沿墙壁 NO 下滑时，木杆的底端 B 也随之沿着地面上的射线 OM 方向滑动．设木杆的顶端 A 匀速下滑到点 O 停止，则木杆的中点 P 到射线 OM 的距离 y （米）与下滑的时间 x （秒）之间的函数图象大致是（）二、填空题（每题 3 分，共 18 分）13．分解因式： 2x 2y - 8 y =.14.一个扇形的半径长为 5，且圆心角为 60°，则此扇形的弧长为．15. 如图，在△ABC 中，D 为 AB 边上一点，DE ∥BC 交 AC 于点 E ，如果 AE = 1，DE =7，那么 BC 的长为．EC 216．如图，正方形 ABCD 中，点 E 为对角线 AC 上一点，且 AE=AB ，则∠BED 的度数是度．17、若关于 x 的方程 x 2- x + a - 4 = 0 没有实数根，写出一个满足条件的整数 a 的值：a =．18、如图，在平面直角坐标系中，点 A 是抛物线 y = a (x -3)2 + k 与 y 轴的交点，点 B 是这条抛物线上的另一点，且 AB ∥x 轴，则以 AB 为边的等边三角形 ABC 的周长为 .三、解答题（共 66 分）19、（6 分）计算： 1 --2+ - 2 sin 45︒ + ⎪ .⎝ 2 ⎭20、（6 分）解不等式组：．并把解集在数轴上表示出来。

2020-2021学年湖南省长沙市天心区长郡教育集团九年级(上)开学数学试卷

湘教版2019-2020学年九年级上学期数学开学考试试卷(I)卷

湘教版2019-2020学年九年级上学期数学开学考试试卷（I）卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共12题；共24分)1. （2分）用配方法解方程x2+4x﹣5=0，下列配方正确的是（）A . （x+2）2=1B . （x+2）2=5C . （x+2）2=9D . （x+4）2=92. （2分）若关于x的方程x2﹣+cosα=0有两个相等的实数根，则锐角α为（）A . 30°B . 45°C . 60°D . 75°3. （2分）将抛物线向左平移2个单位，再向下平移1个单位，所得抛物线为A .B .C .D .4. （2分）已知点P（m ， n）在第四象限，则直线y=nx+m图象大致是下列的（）.A .B .C .D .5. （2分）有一组数据：11、9、13、x、15，它们的平均数是16，则这组数据的中位数是（）A . 11B . 13C . 15D . 176. （2分）如图，在等腰中，，, 是上一点．若，那么的长为（）A . 2B .C .D . 17. （2分）如图，在矩形ABCD中，对角线AC，BD交于点O. 已知∠AOB＝60°，AC＝16，则图中长度为8的线段共有（）A . 2条B . 4条C . 5条D . 6条8. （2分）在同一坐标系中，对于以下几个函数①y=－x－1 ②y=x+1 ③y=－x+1 ④y=－2(x+1)的图象有四种说法⑴ 过点(－1，0)的是①和③；⑵ ②和④的交点在y轴上；⑶ 互相平行的是①和③、⑷ 关于x轴对称的是②和③。

那么正确说法的个数是（）A . 4个B . 3个C . 2个D . 1个9. （2分）如图，在正方形ABCD的外侧，作等边三角形ADE，AC、BE相交于点F，则∠BFC为（）A . 45°B . 55°C . 60°D . 75°10. （2分）如图，已知正方形ABCD的边长为1，若将边BC绕点B旋转90°后，得到正方形BC′D′C，连接AC、AD′，设∠BAC=α∠C′AD′=β，那么sinα+sinβ等于（）A .B . +C .D .11. （2分）如图，数轴上点A，B分别对应1，2，过点B作PQ⊥AB，以点B为圆心，AB长为半径画弧，交PQ于点C，以原点O为圆心，OC长为半径画弧，交数轴于点M，则点M对应的数是（）A .B .C .D .12. （2分）如图，某电信公司提供了A,B两种方案的移动通讯费用y（元）与通话时间x（元）之间的关系，则下列结论中正确的有（）(1)若通话时间少于120分，则A方案比B方案便宜20元(2)若通话时间超过200分，则B方案比A方案便宜12元(3)若通讯费用为60元，则B方案比A方案的通话时间多(4)若两种方案通讯费用相差10元，则通话时间是145分或185分A . 1个B . 2个C . 3个D . 4个二、填空题 (共6题；共6分)13. （1分）已知x=2是关于x的方程x2﹣6x+m=0的一个根，则m=________．14. （1分）方程（x﹣3）（x+1）=0的较小的根是x=________．15. （1分）若关于的方程没有实数根，则二次函数的图象的顶点在第________象限．16. （1分）如图，在Rt△ABC中，∠ACB=90°，点D，E，F分别为AB，AC，BC的中点．若EF=8，则CD的长为________．17. （1分）一次函数 y=kx +3与y=3x+6的图象的交点在x轴上，则k=________.18. （1分）如图，已知OA=OB，那么数轴上点A所表示的数是________三、解答题 (共7题；共55分)19. （5分）解关于x的方程：bx2﹣1=1﹣x2（b≠﹣1）．20. （5分）如图，直线AE与CD相交于点B，∠DBE=50°，BF⊥AE，求∠CBF和∠DBF 的度数．21. （10分）已知一次函数的图象经过点A（0，﹣2），B（3，4），C（5，m）．求：（1）这个一次函数的解析式；（2）m的值．22. （5分）如图，等边三角形ABC内有一点P，PE⊥AB，PF⊥AC，PD⊥BC，垂足分别为E，F，D，且AH⊥BC于H，试用三角形面积公式证明：PE+PF+PD=AH．23. （20分）已知：在△ABC中，以AC边为直径的⊙O交BC于点D，在劣弧上取一点E使∠EBC=∠DEC，延长BE依次交AC于点G，交⊙O于H．（1）求证：AC⊥BH；（2）求证：AC⊥BH；（3）若∠ABC=45°，⊙O的直径等于10，BD=8，求CE的长．（4）若∠ABC=45°，⊙O的直径等于10，BD=8，求CE的长．24. （10分）如图，在平行四边形ABCD中，∠BAD、∠ABC的平分线AF、BG分别与线段CD交于点F、G，AF与BG交于点E．（1）求证：AF⊥BG，DF＝CG；（2）若AB＝10，AD＝6，AF＝8，求FG和BG的长度．25. （0分）（2012•沈阳）已知，如图，在平面直角坐标系内，点A的坐标为（0，24），经过原点的直线l1与经过点A的直线l2相交于点B，点B坐标为（18，6）．参考答案一、选择题 (共12题；共24分)1-1、2-1、3-1、4-1、5-1、6-1、7-1、8-1、9-1、10-1、11-1、12-1、二、填空题 (共6题；共6分)13-1、14-1、15-1、16-1、17-1、18-1、三、解答题 (共7题；共55分) 19-1、20-1、21-1、21-2、22-1、23-1、23-2、23-3、23-4、24-1、24-2、25、答案：略。

湖南省长沙市天心区19-20九上期末数学试卷

湖南省长沙市天心区19-20九上期末数学试卷一、选择题（本大题共12小题，共36.0分）1.下列实数中，为有理数的是()A. √3B. πC. √23D. 12.将6120000用科学记数法表示应为()A. 0.612×107B. 6.12×106C. 61.2×105D. 612×1043.下列运算正确的是()A. a2+a3=a2B. (−a3)2=a6C. (a−b)2=a2−b2D. (−2a3)2=−4a64.下列说法正确的是()A. 为了了解全国中学生的睡眠情况，应该采用普查的方式B. 某种彩票的中奖机会是1％，则买100张这种彩票一定会中奖C. 若甲组数据的方差S甲2=0.1，乙组数据的方差S乙2=0.2，则乙组数据比甲组数据稳定D. 一组数据1，5，3，2，3，4，8的众数和中位数都是35.不等式组{x−1>0,8−4x≤0的解集在数轴上表示为()．A. B.C. D.6.圆心角为240°的扇形的半径为3cm，则这个扇形的面积是()A. πcm2B. 3πcm2C. 9πcm2D. 6πcm27.如图，点A、B、C是⊙O上的三点，若∠OBC=50°，则∠A的度数是()．A. 40°B. 50°C. 80°D. 100°8.若关于x的分式方程3xx+1=mx+1无解，则m的值为()A. 3B. −3C. 1D. −19. 如图，在平面直角坐标系中，点A 的坐标为(3,4)，那么cosα的值是( )A. 34B. 43C. 35D. 45 10. 点P 1(x 1,y 1)、P 2(x 2,y 2)是一次函数y =−4x +3图象上的两点，且x 1<x 2，则y 1，y 2的大小关系是( )A. y 1>y 2B. y 1>y 2>0C. y 1<y 2D. y 1=y 211. 如图，⊙O 的直径CD 为10，弦AB 的长为8，且AB ⊥CD ，垂足为M ，则CM 的长为( )A. 1B. 2C. 3D. 412. 如图，在矩形ABCD 中，E 是AD 的中点，BE ⊥AC ，垂足为F ，连接DF ，下列四个结论：①△AEF ∽△CAB ； ②tan∠CAD =√2；③DF =CD ；④若AF =1，则BF =√2.其中正确的是( )A. ①②③B. ②③④C. ①③④D. ①②④二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）13. 分解因式8x 2y −2y =______．14. 已知方程组{2x +3y =m +33x +2y =4m −8的解x ，y 满足方程2x −y =3，则m =_________． 15. 如图，OC 是∠AOB 的平分线，PD ⊥DA ，垂足为D ，PD =2，则点P 到OB 的距离是______．16. 如图，△ABC 中，∠C =90°，∠B =∠BAD =30°，DE ⊥AB ，若CD =2，则DE = ______ ．17.设x1，x2是方程x2−4x+3=0的两根，则x1+x2=______．18.如图，A为函数y=9x (x>0)图像上一点，连接OA，交函数y=1x(x>0)的图像于点B，C是x轴上一点，且AO=AC，则△ABC的面积为________．三、解答题（本大题共8小题，共66.0分）19.计算：√48−|−3|+(12018)−1−4cos30°20.先化简再求值：x2−1x+2÷(1x+2−1)，其中x=13．21.随着经济的快速发展，环境问题越来越受到人们的关注，某校学生会为了解节能减排、垃圾分类知识的普及情况，随机调查了部分学生，调查结果分为“非常了解”“了解”“了解较少”“不了解”四类，并将调查结果绘制成下面两个统计图．(1)本次调查的学生共有___人，估计该校1200名学生中“不了解”的人数是_____人；(2)“非常了解”的4人有A，B两名男生，C，D两名女生，若从中随机抽取两人向全校做环保交流，请利用画树状图或列表的方法，求恰好抽到一男一女的概率．22.已知：如图，四边形ABCD是矩形，∠ECD=∠DBA，∠CED=90°，AF⊥BD于点F．(1)求证：四边形BCEF是平行四边形；(2)若AB=4，AD=3，求EC的长．23.随着人民生活水平的不断提高，我市家庭轿车的拥有量逐年增加，据统计，某小区2012年底拥有家庭轿车192辆，2014年底家庭轿车的拥有量达到300辆．(1)若该小区2012年底到2015年底家庭轿车拥有量的年平均增长率都相同，求这三年的年平均增长率及该小区到2015年底家庭轿车将达到多少辆？(2)为了缓解停车矛盾，该小区决定投资15万元再建造若干个停车位．据测算，建造费用分别为室内车位5000元/个，露天车位1000元/个，考虑到实际因素，计划露天车位的数量不少于室内车位的2倍，但不超过室内车位的2.5倍，则该小区最多可建两种车位各多少个？试写出所有可能的方案．24.如图1，⊙O是△ABC的外接圆，AB是直径，D是⊙O外一点且满足∠DCA=∠B，连接AD．(1)求证：CD是⊙O的切线；(2)若AD⊥CD，CD=2，AD=4，求直径AB的长；(3)如上图2，当∠DAB=45°时，AD与⊙O交于E点，试写出AC、EC、BC之间的数量关系并证明．25.如图1，在四边形ABCD的边BC的延长线上取一点E，在直线BC的同侧作一个以CE为底的等腰△CEF，且满足∠B+∠F=180°，则称三角形CEF为四边形ABCD的“伴随三角形”．(1)如图1，若△CEF是正方形ABCD的“伴随三角形”：①连接AC，则∠ACF=______；②若CE=2BC，连接AE交CF于H，求证：H是CF的中点；(2)如图2，若△CEF是菱形ABCD的“伴随三角形”，∠B=60°，M是线段AE的中点，连接DM、FM，猜想并证明DM与FM的位置与数量关系．26.如图，已知抛物线y=ax2+bx+c(a≠0)经过点A(−3,2)，B(0,−2)，其对称轴为直线x=5，2 C(0,1)为y轴上一点，直线AC与抛物线交于另一点D．2(1)求抛物线y=ax2+bx+c的函数解析式；(2)试在线段AD下方的抛物线上求一点E，使得△ADE的面积最大，并求出最大面积．-------- 答案与解析 --------1.答案：D3是无理数，解析：解：√3，π，√21是有理数，故选：D．根据有理数是有限小数或无限循环小数，无理数是无限不循环小数，可得答案．本题考查了实数，正确区分有理数与无理数是解题关键．2.答案：B解析：解：6120000=6.12×106．故选：B．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|<10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值大于10时，n 是正数；当原数的绝对值小于1时，n是负数．此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|<10，n 为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．3.答案：B解析：解：A.a2与a3不是同类项，不能合并，此选项错误；B.(−a3)2=a6，此选项正确；C.(a−b)2=a2−2ab+b2，此选项错误；D.(−2a3)2=4a6，此选项错误；故选：B．根据同类项概念、幂的乘方、完全平方公式及积的乘方逐一计算可得．本题主要考查幂的乘方与积的乘方，解题的关键是掌握同类项概念、幂的乘方、完全平方公式及积的乘方．4.答案：D解析：此题考查了概率、抽样调查、众数、中位数、方差，中位数是将一组数据从小到大(或从大到小)重新排列后，最中间的那个数(或最中间两个数的平均数)；方差是用来衡量一组数据波动大小的量．根据抽样抽查、概率的定义、中位数、众数以及方差的定义进行判断．解：A.为了解全国中学生的睡眠情况，应该采用抽样调查的方式，故本选项错误；B.某种彩票的中奖机会是1%，则买100张这种彩票中奖的可能性很大，但不是一定中奖，故本选项错误；C. 方差反映了一组数据的波动情况，方差越小数据越稳定，故本选项错误；D.一组数据1，5，3，2，3，4，8的众数和中位数都是3，故本选项正确．故选D．5.答案：A解析：本题考查了解一元一次不等式组以及在数轴上表示不等式组的解集，解题关键是正确求出不等式组的解集．解题时，先求出不等式组的解集，然后根据不等式组的解集在数轴上的表示方法即可判断出答案．解：解不等式①，得：x>1，解不等式②，得：x≥2，∴原不等式组的解集为x≥2；把不等式组的解集表示在数轴如下：因此只有A选项符合题意．故选A．6.答案：D解析：本题主要考查了扇形的面积公式，熟记扇形的面积公式是解题的关键．根据扇形的面积公式计算即可．解：S扇形=240⋅π×32360=6πcm2，故选D．7.答案：A解析：此题主要考查了等腰三角形的性质、圆周角定理及其推论的知识，在等腰三角形OBC中求出∠BOC，继而根据圆周角定理可求出∠A的度数．解：∵OC=OB，∴∠OCB=∠OBC=50°，∴∠BOC=180°−50°−50°=80°，∴∠A=12∠BOC=40°．故选A．8.答案：B解析：本题考查了分式方程的解，把分式方程的增根代入整式方程得出关于m的一元一次方程是解题关键．根据去分母，可转化成整式方程，根据分式方程无解，把分式方程的增根代入整式方程，可得关于m的一元一次方程，根据解一元一次方程，可得答案．解：去分母，得3x=m，∵x=−1是分式方程的增根，∴把x=−1代入3x=m，得m=−3．故选B．9.答案：C解析：本题考查了解直角三角形的应用、坐标与图形性质、勾股定理等知识；熟练掌握三角函数的定义是解题的关键．作AB⊥x轴于B，先利用勾股定理计算出OA=5，然后在Rt△AOB中利用余弦的定义求解即可．解：作AB⊥x轴于B，如图，∵点A的坐标为(3,4)，∴OB=3，AB=4，∴OA=√OB2+AB2=5，在Rt△AOB中，cosα=OBOA =35．故选：C．10.答案：A解析：本题考查一次函数的性质，利用一次函数的性质，当k<0时y随x的增大而减小，然后利用已知条件进行判断即可．解：∵函数y=−4x+3中，由于k=−4<0，∴y随x的增大而减小，∴当x1<x2时，y1>y2．故选A．11.答案：B解析：[分析]连接OA，由垂径定理得到M为AB中点，求出AM的长，在直角三角形AOM中，利用勾股定理求出OM的长，再由OC−OM求出CM的长即可．此题考查了垂径定理，勾股定理，熟练掌握垂径定理是解本题的关键．[详解]解：连接OA．∵直径CD⊥AB，AB=8，AB=4，∴AM=BM=12在Rt△AOM中，OA=5，AM=4，根据勾股定理得：OM=√52−42=3，则CM=OC−OM=5−3=2，故选B．12.答案：C解析：本题主要考查了相似三角形的判定和性质，矩形的性质，以及解直角三角形的综合应用，正确的作出辅助线构造平行四边形是解题的关键．解题时注意：相似三角形的对应边成比例．只要证明∠EAC=∠ACB，∠ABC=∠AFE=90°即可判断①正误；由AD//BC，推出△AEF∽△CBF，推出AE和CF的关系即可判断④正误；只要证明DM垂直平分CF，即可证明③；设AE=a，AB=b，则AD=2a，由△BAE∽△ADC，求出a和b的关系，可得tan∠CAD的值即可判断②的正误，于是得到四个结论中正确结论．解：如图，过D作DM//BE交AC于N，∵四边形ABCD是矩形，∴AD//BC，∠ABC=90°，AD=BC，∵BE⊥AC于点F，∴∠EAC=∠ACB，∠ABC=∠AFE=90°，∴△AEF∽△CAB，故①正确；∵AD//BC，∴△AEF∽△CBF，∴AEBC =AFCF，∵E是AD的中点，∴AE=12AD=12BC，∴AFCF =12，∴CF=2AF，∵AF=1，∴CF=2，∵∠ABC=90°，BF⊥AC，∴BF2=AF⋅CF=2，∴BF=√2，故④正确；∵DE//BM，BE//DM，∴四边形BMDE是平行四边形，∴BM=DE=12BC，∴BM=CM，∴CN=NF，∵BE⊥AC于点F，DM//BE，∴DN⊥CF，∴DM垂直平分CF，∴DF=DC，故③正确；设AE=a，AB=b，则AD=2a，由△BAE∽△ADC，有ba =2ab，即b=√2a，∴tan∠CAD=DCAD =b2a=√22.故②不正确；正确的有①③④，故选：C．13.答案：2y(2x+1)(2x−1)解析：解：8x2y−2y=2y(4x2−1)=2y(2x+1)(2x−1)．故答案为：2y(2x+1)(2x−1)．首先提取公因式2y，再利用平方差公式分解因式得出答案．此题主要考查了提取公因式法以及公式法分解因式，正确应用公式是解题关键．14.答案：4解析：本题考查了二元一次方程组的解及解二元一次方程组.先用加减消元法解关于x，y的方程组，用含有m的代数式表示出x，y，再将x，y的值代入2x−y=3即求出m的值.解：由题意得{2x+3y=m+3①3x+2y=4m−8②，①×2−②×3得−5x=−10m+30，解得x=2m−6，把x=2m−6代入①得y=−m+5，∵2x−y=3，∴2(2m−6)−(−m+5)=3，解得m=4．故答案为4．15.答案：2解析：解：如图，过点P作PE⊥OB，∵OC是∠AOB的平分线，点P在OC上，且PD⊥OA，PE⊥OB，∴PE=PD，又PD=2，∴PE=PD=2．故答案为2．过点P作PE⊥OB，由角平分线的性质可得PD=PE，进而可得出结论．本题考查了角平分线的性质，要熟练掌握角平分线的性质，即角平分线上的点到角两边的距离相等是解答此题的关键．16.答案：2解析：解：∵∠C=90°，∠B=30°，∴∠CAB=60°，∵∠B=∠BAD=30°，∴∠CAD=30°，∵CD=2，∴AD=4，∵∠BAD=30°，∴DE=1AD=2，2故答案为：2．利用已知条件易求∠CAD=30°，则AD的长可求，又因为∠BAD=30°，进而可求出DE的长．本题考查了含30度角的直角三角形的性质：在直角三角形中，30°角所对的直角边等于斜边的一半．17.答案：4=4．解析：解：根据题意得x1+x2=−ba故答案为4．直接根据根与系数的关系求解．，本题考查了根与系数的关系：x1，x2是一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的两根时，x1+x2=−bax1x2=c．a18.答案：6解析：本题考查反比例函数的图象、三角形的面积、等腰三角形的性质，解题的关键是明确题意，找出所求问题需要的条件．根据题意可以分别设出点A、点B的坐标，根据点O、A、B在同一条直线上可以得到A、B的坐标之间的关系，由AO=AC可知点C的横坐标是点A的横坐标的2倍，从而可以得到△ABC的面积．解：设点A 的坐标为(a,9a )，点B 的坐标为(b,1b )，∵点C 是x 轴上一点，且AO =AC ，∴点C 的坐标是(2a,0)，设过点O(0,0)，A(a,9a )的直线的解析式为：y =kx ，∴9a =ka ，解得，k =9a 2，又∵点B(b,1b )在y =9a 2x 上，∴1b =9a 2×b ，解得，a b =3或a b =−3(舍去)，∴S △ABC =S △AOC −S △OBC=2a ×9a 2−2a ×1b 2 =9−3=6．故答案为6．19.答案：解：原式=4√3−3+2018−4×√32=4√3−3+2018−2√3=2015+2√3．解析：直接利用负指数幂的性质以及特殊角的三角函数值、绝对值的性质分别化简得出答案．此题主要考查了实数运算，正确化简各数是解题关键．20.答案：解：原式=x 2−1x+2÷1−x−2x+2=(x +1)(x −1)x +2⋅x +2−x −1=−(x −1)=1−x ，当x =13时，原式=23．解析：本题考查分式的混合运算，解题的关键是记住分式的混合运算，先乘方，再乘除，然后加减，有括号的先算括号里面的．根据分式的混合运算法则化简，然后代入计算即可．21.答案：解：(1)50，360；(2)画树状图如下：∵共有12种可能的结果，恰好抽到一男一女的结果有8个，∴P(恰好抽到一男一女)=812=23．解析：本题考查了列表法与树状图法、扇形统计图、条形统计图；通过列表法或树状图法展示所有等可能的结果求出n，再从中选出符合事件A或B的结果数目m，然后根据概率公式求出事件A或B的概率．(1)用“非常了解”人数除以它所占的百分比即可得到调查的总人数；(2)用总人数乘以“不了解”人数所占的百分比即可得出答案；(3)先画树状图展示所有12个等可能的结果数，再找出恰好是一位男同学和一位女同学的结果数，然后根据概率公式求解．解：(1)4÷8%=50(人)，1200×(1−40%−22%−8%)=360(人)；故答案为50，360；(2)见答案．22.答案：(1)证明：∵四边形ABCD是矩形，∴∠BAD=90°，DC=AB，DC//AB，∴∠CDF=∠DBA．∵AF⊥BD于点F，∠CED=90°，∴∠BFA=∠CED=90°．又∵∠ECD=∠DBA，∴∠CDF=∠ECD，∴EC//BF，在△ECD和△FBA中，{∠CED=∠BFA∠ECD=∠FBACD=BA,∴△ECD≌△FBA(AAS)，∴EC=BF，又∵EC//BF，∴四边形BCEF是平行四边形；(2)解：∵四边形ABCD是矩形，∴∠BAD=90°，∵AB=4，AD=3，∴BD=√AB2+AD2=5，∵AF⊥BD，∴∠AFB=90°=∠BAD，∴S△ABD=12AD·AB=12AF·BD，∴AD·AB=AF·BD，∴3×4=5·AF，解得：AF=125，∴BF=√AB2−AF2=√42−(125)2=165，∵四边形BCEF是平行四边形，∴EC=BF=165．解析：本题考查了矩形的性质、平行四边形的判定与性质、全等三角形的判定与性质、勾股定理；熟练掌握平行四边形的判定与性质，证明三角形全等是解题的关键．(1)由矩形的性质得出∠BAD=90°，DC=AB，DC//AB，得出∠CDF=∠DBA，证出∠BFA=∠CED= 90°，∠CDF=∠ECD得到EC//BF，证明△ECD≌△FBA，得出EC=BF，即可得出结论；(2)由勾股定理得出BD=√AB2+AD2=5，再用面积法求出AF，然后用勾股定理求出BF的长，即可得出CE 的长．23.答案：解：(1)设家庭轿车拥有量的年平均增长率为x ，则192(1+x)2=300，解得x =0.25=25%或x =−2.25(不合题意，舍去)，则300(1+25%)=375(辆)．答：这三年的年平均增长率是25%，该小区到2015年底家庭轿车将达到375辆；(2)设该小区可建室内车位a 个，露天车位b 个，则{5000a +1000b =1500002a ≤b ≤2.5a，由①得b =150−5a ，代入②得20≤a ≤1507，∵a 是正整数，∴a =20或21，当a =20时b =50，当a =21时b =45．∴方案一：建室内车位20个，露天车位50个；方案二：室内车位21个，露天车位45个．解析：(1)增长率的问题，用解增长率问题的模型解答；(2)根据两种车位数量是未知数，建立等式和不等式两种关系，而车位数为整数，变无数解为有限解．方案也就出来了．此题考查了一元二次方程及一元一次不等式的应用，解答综合题，需要由浅入深，认真读题，理解题意，合理设未知数，分步解答．24.答案：解：(1)如图1，连接OC ．∵OB=OC，∴∠OCB=∠B，∵∠DCA=∠B，∴∠DCA=∠OCB，∵AB是直径，∴∠ACB=90°，∴∠DCA+∠ACO=∠OCB+∠ACO=90°，即∠DCO=90°，∴CD是⊙O的切线．(2)∵AD⊥CD，CD=2，AD=4．∴AC=√22+42=2√5，由(1)可知∠DCA=∠B，∠D=∠ACB=90°，∴△ADC∽△ACB，∴ADAC =ACAB，即2√5=2√5AB，∴AB=5，(3)AC=BC+√2EC，如图2，连接BE，在AC上截取AF=BC，连接EF．∵AB是直径，∠DAB=45°，∴∠AEB=90°，∴△AEB是等腰直角三角形，∴AE=BE，又∵∠EAC=∠EBC，∴△ECB≌△EFA(SAS)，∴EF=EC，∵∠ACE=∠ABE=45°，∴△FEC是等腰直角三角形，∴FC=√2EC，∴AC=AF+FC=BC+√2EC．解析：本题是圆的综合问题，解题的关键是掌握勾股定理、切线的判定、相似三角形和全等三角形的判定与性质及等腰直角三角形的判定与性质．(1)连接OC，由OB=OC知∠OCB=∠B，结合∠DCA=∠B得∠DCA=∠OCB，再由AB是直径知∠ACB=90°，据此可得∠DCA+∠ACO=∠OCB+∠ACO=90°，从而得证；(2)先利用勾股定理求得AC=2√5，再证△ADC∽△ACB得ADAC =ACAB，据此求解可得；(3)连接BE，在AC上截取AF=BC，连接EF.由AB是直径、∠DAB=45°知∠AEB=90°，据此得△AEB 是等腰直角三角形，AE=BE，再证△ECB≌△EFA得EF=EC，据此可知△FEC是等腰直角三角形，从而得出FC=√2EC，从而得证．25.答案：90°解析：解：(1)①连接AC，∵四边形ABCD是正方形∴∠ACB=45°，∠B=90°，∵△CEF是正方形ABCD的“伴随三角形”：∴∠B+∠F=180°∴∠F=90°又∵△CFE是等腰三角形∴∠FCE=45°∴∠ACF=180°−∠FCE−∠ACB=90°故答案为：90°②连接AE，交CF于点H，∵CE=2BC，∴设BC=a，CE=2a，∵∠B=90°，AB=BC=a，∴AC=√2a，∵∠F=90°，CE=2a，∴EF=FC=√2a，∵∠ACF=∠F=90°∴AC//EF∴△ACH∽△EFH∴ACEF=CHHF=√2a√2a=1∴CH=HF，∴点H是CF的中点，(2)DM=√3FM，FM⊥DM理由如下：如图，延长DM交CE于点P，连接DF，FP，∵四边形ABCD是菱形∴AB=BC=CD=AD，AB//CD，AD//BC，∴∠B=∠DCP=60°，∠DAM=∠PEM，∵若△CEF是菱形ABCD的“伴随三角形”，∠B=60°，∴∠CFE+∠B=180°，∴∠CFE=120°，且△CEF是等腰三角形，∴∠ECF=30°=∠FEC，CF=EF∴∠DCF=30°∵∠DAM=∠PEM，AM=ME，∠AMD=∠PME∴△ADM≌△EPM(ASA)∴AD=PE，DM=MP∴CD=PE，且CF=EF，∠DCF=∠FEC=30°∴△CDF≌△EPF(SAS)∴DF =PF ，∠DFC =∠PFE ，∵∠PFE +∠CFP =∠CFE =120°∴∠DFC +∠CFP =120°=∠DFP ，且DF =FP ，DM =PM ，∴FM ⊥DM ，∠FDM =30°∴DM =√3FM (1)①连接AC ，由正方形的性质和“伴随三角形”的性质可求∠ACB =∠FCE =45°，即可求∠ACF 的度数；②连接AE ，交CF 于点H ，设BC =a ，CE =2a ，由等腰直角三角形的性质可求AC =√2a ，EF =FC =√2a ，由相似三角形的性质可得AC EF =CH HF =√2a√2a =1，可得结论；(2)延长DM 交CE 于点P ，连接DF ，FP ，由菱形的性质和“伴随三角形”的性质可求∠ECF =30°=∠FEC ，CF =EF ，∠B =∠DCP =60°，∠DAM =∠PEM ，通过证明△ADM≌△EPM ，△CDF≌△EPF 可得DF =PF ，∠DFC =∠PFE ，∠DFP =120°，即可求DM 与FM 的位置与数量关系．本题是四边形综合题，考查了正方形的性质，菱形的性质，等腰三角形的性质，全等三角形的判定和性质，相似三角形的判定和性质，添加恰当的辅助线构造全等三角形是本题的关键． 26.答案：解：(1)根据题意得{9a −3b +c =2c =−2−b 2a =52，解得{a =16b =−56c =−2，所以抛物线解析式为y =16x 2−56x −2；(2)作EP//y 轴交AD 于P ，如图1，设直线AD 的解析式为y =mx +n ，把A(−3,2)，C(0,12)分别代入得{−3m +n =0n =12，解得{m =−12n =12，所以直线AD 的解析式为y =−12x +12，解方程组{y =16x 2−56x −2y =−12x +12得{x =−3y =2或{x =5y =−2，则D(5,−2)，设E(x,16x 2−56x −2)(−3<x <5)，则P(x,−12x +12)，∴PE =−12x +12−(16x 2−56x −2)=−16x 2+13x +52，∴S △AED =S △AEP +S △DEP=12×(5+3)×(−16x 2+13x +52) =−23(x −1)2+323，当x =1时，△ADE 的面积最大，最大面积为323，此时E 点坐标为(1,−83).解析：本题考查了二次函数综合题：熟练掌握二次函数图象上点的坐标特征、二次函数的性质和勾股定理的逆定理；会利用待定系数法求函数解析式；理解坐标与图形性质；会利用两点间的距离公式计算线段的长；注意分类讨论思想的应用．(1)利用待定系数法求抛物线解析式；(2)作EP//y 轴交AD 于P ，如图1，先利用待定系数法求出直线AD 的解析式为y =−12x +12，联立解析式求得D(5,−2)，设E(x,16x 2−56x −2)(−3<x <5)，则P(x,−12x +12)，所以PE =−16x 2+13x +52，根据三角形面积公式和S △AED =S △AEP +S △DEP 可得S △AED =−23(x −1)2+323，然后根据二次函数的最值问题求出△ADE 的面积最大，且求出对应的E 点坐标．。

湖南省长沙市天心区长郡教育集团2020-2021学年九年级(上)开学数学试卷解析版

2020-2021学年湖南省长沙市天心区长郡教育集团九年级（上）开学数学试卷一、选择题（本大题共12个小题，每小题3分，共36分，在下列各题的四个选项中，只有一项是符合题意的，请在答题卡中填涂符合题意的选项）1．（3分）下列方程一定是一元二次方程的是（）A．3x2+﹣1＝0B．5x2﹣6y﹣3＝0C．ax2+bx+c＝0D．3x2﹣2x﹣1＝0 2．（3分）某班六名同学体能测试成绩（分）如下：80，90，75，75，80，80，对这组数据表述错误的是（）A．众数是80B．方差是25C．平均数是80D．中位数是75 3．（3分）菱形的两条对角线的分别为60cm和80cm，那么边长是（）A．60cm B．50cm C．40cm D．80cm4．（3分）如图，在矩形ABCD中，点A的坐标是（﹣1，0），点C的坐标是（2，4），则BD的长是（）A．6B．5C．3D．45．（3分）如图，在▱ABCD中，AD＝12，AB＝8，AE平分∠BAD，交BC边于点E，则CE 的长为（）A．8B．6C．4D．26．（3分）如图，在正方形ABCD中，点F是AB上一点，CF与BD交于点E．若∠BCF＝25°，则∠AED的度数为（）A．60°B．65°C．70°D．75°7．（3分）二次函数y＝ax2+bx的图象如图所示，则一次函数y＝ax+b的图象大致是（）A．B．C．D．8．（3分）若顺次连接对角线互相垂直的四边形ABCD四边的中点，得到的图形一定是（）A．平行四边形B．矩形C．菱形D．正方形9．（3分）若m是方程x2﹣2x﹣1＝0的根，则1+m﹣m2的值为（）A．B．1C．D．210．（3分）小王参加某企业招聘测试，他的笔试、面试、技能操作得分分别为85分、80分、90分，若依次按照2：3：5的比例确定成绩，则小王的成绩是（）A．255分B．84分C．84.5分D．86分11．（3分）已知A（x1，y1），B（x2，y2）是二次函数图象上y＝ax2﹣2ax+a﹣c（a≠0）的两点，若x1≠x2且y1＝y2，则当自变量x的值取x1+x2时，函数值为（）A．﹣c B．c C．﹣a+c D．a﹣c12．（3分）已知二次函数y＝﹣x2+mx+m（m为常数），当﹣2≤x≤4时，y的最大值是15，则m的值是（）A．﹣19或B．6或或﹣10C．﹣19或6D．6或或﹣19二、填空题（本大题共6个小题，每小题3分，共18分）13．（3分）已知函数关系式：y＝，则自变量x的取值范围是．14．（3分）已知x1，x2是方程x2+x﹣1＝0的两根，则+＝．15．（3分）将直线y＝2x+1平移后经过点（5，1），则平移后的直线解析式为．16．（3分）某班同学毕业时都将自己的照片向全班其他同学各送一张表示留念，全班共送1056张照片，如果全班有x名同学，根据题意，列出方程为．17．（3分）如图，每个小正方形的边长为1，在△ABC中，点D为AB的中点，则线段CD 的长为．18．（3分）如图，二次函数y＝ax2+bx+c（a≠0）的图象经过点（﹣，0），对称轴为直线x＝1，下列5个结论：①abc＜0；②a﹣2b+4c＝0；③2a+b＞0；④2c﹣3b＜0；⑤a+b ≤m（am+b）．其中正确的结论为．（注：只填写正确结论的序号）三、解答题（第19题6分，第20题8分，第21题6分，第22题8分，第23、24题各9分，第25、26题各10分）19．（6分）已知一个二次函数的图象经过点A（﹣1，0）、B（3，0）和C（0，﹣3）三点．（1）求此二次函数的解析式；（2）求此二次函数的图象的对称轴和顶点坐标．20．（8分）解一元二次方程：（1）x2+4x+1＝0（配方法）；（2）用公式法解方程：2x2+3x﹣1＝0．21．（6分）某校八年级学生在一次射击训练中，随机抽取10名学生的成绩如下表，请回答问题：环数6789人数152（1）填空：10名学生的射击成绩的众数是，中位数是．（2）求这10名学生的平均成绩．（3）若9环（含9环）以上评为优秀射手，试估计全年级500名学生中有多少是优秀射手？22．（8分）如图，矩形ABCD，AB＝6，BC＝4，过对角线BD中点O的直线分别交AB、CD边于点E，F．（1）求证：四边形DEBF是平行四边形；（2）当四边形DEBF是菱形时，求菱形的边长．23．（9分）庆阳市是传统的中药材生产区，拥有丰富的中药材资源，素有“天然药库”“中药之乡”的美称．优越的地理气候条件形成了较独特的资源禀赋，孕育了丰富的中药植物资源和优良品种．某种植户2016年投资20万元种植中药材，到2018年三年共累计投资95万元，若在这两年内每年投资的增长率相同．（1）求该种植户每年投资的增长率；（2）按这样的投资增长率，请你预测2019年该种植户投资多少元种植中药材．24．（9分）如图，在平面直角坐标系xOy中，直线y＝﹣x+4与x轴、y轴分别交于点A、点B，点D在y轴的负半轴上，若将△DAB沿直线AD折叠，点B恰好落在x轴正半轴上的点C处．（1）求AB的长；（2）求点C和点D的坐标；（3）y轴上是否存在一点P，使得S△P AB＝S△OCD？若存在，直接写出点P的坐标；若不存在，请说明理由．25．（10分）某公司生产一种健身产品在市场上很受欢迎，该公司每年的年产量为6万件，每年可在国内和国外两个市场全部销售，若在国内销售，平均每件产品的利润y1（元）与国内销售量x（万件）的函数关系式为y1＝若在国外销售，平均每件产品的利润为71元．（1）求该公司每年的国内和国外销售的总利润w（万元）与国内销售量x（万件）的函数关系式，并指出x的取值范围．（2）该公司每年的国内国外销售量各为多少时，可使公司每年的总利润最大？最大值是多少？（3）该公司计划在国外销售不低于5万件，并从国内销售的每件产品中捐出2m（5≤m ≤10）元给希望工程，从国外销售的每件产品中捐出m元给希望工程，若这时国内国外销售的最大总利润为393万元，求m的值．26．（10分）如果一条抛物线y＝ax2+bx+c（a≠0）与x轴有两个交点，那么以该抛物线的顶点和这两个交点为顶点的三角形称为这条抛物线的“抛物线三角形”．（1）“抛物线三角形”一定是三角形；（2）若抛物线y＝﹣x2+bx（b＞0）的“抛物线三角形”是等腰直角三角形，求b的值；（3）如图，△OAB是抛物线y＝﹣x2+b′x（b′＞0）的“抛物线三角形”，是否存在以原点O为对称中心的矩形ABCD？若存在，求出过O、C、D三点的抛物线的表达式；若不存在，说明理由．（4）若抛物线y＝﹣x2+4mx﹣8m+4与直线y＝3交点的横坐标均为整数，是否存在整数m的值使这条抛物线的“抛物线三角形”有一边上的中线长恰好等于这边的长？若存在，直接写出m的值；若不存在，说明理由．2020-2021学年湖南省长沙市天心区长郡教育集团九年级（上）开学数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12个小题，每小题3分，共36分，在下列各题的四个选项中，只有一项是符合题意的，请在答题卡中填涂符合题意的选项）1．（3分）下列方程一定是一元二次方程的是（）A．3x2+﹣1＝0B．5x2﹣6y﹣3＝0C．ax2+bx+c＝0D．3x2﹣2x﹣1＝0【分析】利用与一元二次方程定义进行分析即可．【解答】解：A、含有分式，3x2+﹣1＝0不是一元二次方程，故此选项不合题意；B、含有2个未知数，5x2﹣6y﹣3＝0不是一元二次方程，故此选项不合题意；C、当a＝0时，ax2+bx+c＝0不是一元二次方程，故此选项不合题意；D、3x2﹣2x﹣1＝0是一元二次方程，故此选项符合题意；故选：D．2．（3分）某班六名同学体能测试成绩（分）如下：80，90，75，75，80，80，对这组数据表述错误的是（）A．众数是80B．方差是25C．平均数是80D．中位数是75【分析】根据众数，方差、平均数，中位数的概念逐项分析即可．【解答】解：A、80出现的次数最多，所以众数是80，正确，不符合题意；B、方差是：×[3×（80﹣80）2+（90﹣80）2+2×（80﹣75）2]＝25，正确，不符合题意；C、平均数是（80+90+75+75+80+80）÷6＝80，正确，不符合题意；D、把数据按大小排列，中间两个数都为80，80，所以中位数是80，错误，符合题意．故选：D．3．（3分）菱形的两条对角线的分别为60cm和80cm，那么边长是（）A．60cm B．50cm C．40cm D．80cm【分析】由菱形的性质以及两条对角线长可求出其边长．【解答】解：∵菱形的两条对角线长分别为60cm和80cm，∴该菱形的边长为，故选：B．4．（3分）如图，在矩形ABCD中，点A的坐标是（﹣1，0），点C的坐标是（2，4），则BD的长是（）A．6B．5C．3D．4【分析】利用矩形的性质求得线段AC的长即可求得BD的长．【解答】解：∵点A的坐标是（﹣1，0），点C的坐标是（2，4），∴线段AC＝＝5，∵四边形ABCD是矩形，∴BD＝AC＝5，故选：B．5．（3分）如图，在▱ABCD中，AD＝12，AB＝8，AE平分∠BAD，交BC边于点E，则CE 的长为（）A．8B．6C．4D．2【分析】由平行四边形的性质得出BC＝AD＝12，AD∥BC，得出∠DAE＝∠BEA，证出∠BEA＝∠BAE，得出BE＝AB，即可得出CE的长．【解答】解：∵四边形ABCD是平行四边形，∴BC＝AD＝12，AD∥BC，∴∠DAE＝∠BEA，∵AE平分∠BAD，∴∠BAE＝∠DAE，∴∠BEA＝∠BAE，∴BE＝AB＝8，∴CE＝BC﹣BE＝4．故选：C．6．（3分）如图，在正方形ABCD中，点F是AB上一点，CF与BD交于点E．若∠BCF＝25°，则∠AED的度数为（）A．60°B．65°C．70°D．75°【分析】先证明△ABE≌△ADE，得到∠ADE＝∠ABE＝90°﹣25°＝65°，在△ADE 中利用三角形内角和180°可求∠AED度数．【解答】解：∵四边形ABCD是正方形，∴∠ABC＝90°，DC＝DA，∠ADE＝∠CDE＝45°．又DE＝DE，∴△ADE≌△CDE（SAS）．∴∠DAE＝∠DCE＝90°﹣25°＝65°．∴∠AED＝180°﹣45°﹣65°＝70°．故选：C．7．（3分）二次函数y＝ax2+bx的图象如图所示，则一次函数y＝ax+b的图象大致是（）A．B．C．D．【分析】可先根据二次函数的图象判断a、b的符号，再判断一次函数图象与实际是否相符，判断正误．【解答】解：由二次函数图象，得出a＜0，﹣＜0，b＜0，A、一次函数图象，得a＞0，b＞0，故A错误；B、一次函数图象，得a＜0，b＞0，故B错误；C、一次函数图象，得a＞0，b＜0，故C错误；D、一次函数图象，得a＜0，b＜0，故D正确；故选：D．8．（3分）若顺次连接对角线互相垂直的四边形ABCD四边的中点，得到的图形一定是（）A．平行四边形B．矩形C．菱形D．正方形【分析】根据三角形中位线的性质，可得到这个四边形是平行四边形，再由对角线垂直，能证出有一个角等于90°，则这个四边形为矩形．【解答】解：如图，AC⊥BD，E、F、G、H分别为各边的中点，连接点E、F、G、H．∵E、F、G、H分别为各边的中点，∴EF∥AC，GH∥AC，EH∥BD，FG∥BD（三角形的中位线平行于第三边），∴四边形EFGH是平行四边形（两组对边分别平行的四边形是平行四边形），∵AC⊥BD，EF∥AC，EH∥BD，∴∠EMO＝∠ENO＝90°，∴四边形EMON是矩形（有三个角是直角的四边形是矩形），∴∠MEN＝90°，∴四边形EFGH是矩形（有一个角是直角的平行四边形是矩形）．故选：B．9．（3分）若m是方程x2﹣2x﹣1＝0的根，则1+m﹣m2的值为（）A．B．1C．D．2【分析】根据一元二次方程的解的定义，将x＝m代入已知方程后即可求得所求代数式的值．【解答】解：∵m是方程x2﹣2x﹣1＝0的根，∴m2﹣2m﹣1＝0，∴m2﹣2m＝1，∴1+m﹣m2＝1﹣（m2﹣2m）＝1﹣＝，故选：A．10．（3分）小王参加某企业招聘测试，他的笔试、面试、技能操作得分分别为85分、80分、90分，若依次按照2：3：5的比例确定成绩，则小王的成绩是（）A．255分B．84分C．84.5分D．86分【分析】根据题意列出算式，计算即可得到结果．【解答】解：根据题意得：85×+80×+90×＝17+24+45＝86（分），故选：D．11．（3分）已知A（x1，y1），B（x2，y2）是二次函数图象上y＝ax2﹣2ax+a﹣c（a≠0）的两点，若x1≠x2且y1＝y2，则当自变量x的值取x1+x2时，函数值为（）A．﹣c B．c C．﹣a+c D．a﹣c【分析】先求出抛物线的对称轴为直线x＝1，则可判断A（x1，y1）和B（x2，y2）关于直线x＝1对称，所以x2﹣1＝1﹣x1，即x1+x2＝2，然后计算自变量为2对应的函数值即可．【解答】解：抛物线的对称轴为直线x＝﹣＝1，∵x1≠x2且y1＝y2，∴A（x1，y1）和B（x2，y2）关于直线x＝1对称，∴x2﹣1＝1﹣x1，∴x1+x2＝2，当x＝2时，y＝ax2﹣2ax+a﹣c＝4a﹣4a+a﹣c＝a﹣c．故选：D．12．（3分）已知二次函数y＝﹣x2+mx+m（m为常数），当﹣2≤x≤4时，y的最大值是15，则m的值是（）A．﹣19或B．6或或﹣10C．﹣19或6D．6或或﹣19【分析】根据题意和二次函数的性质，利用分类讨论的方法可以求得m的值，从而可以解答本题．【解答】解：∵二次函数y＝﹣x2+mx+m＝﹣（x﹣）2++m，∴抛物线的对称轴为x＝，∴当＜﹣2时，即m＜﹣4，∵当﹣2≤x≤4时，y的最大值是15，∴当x＝﹣2时，﹣（﹣2）2﹣2m+m＝15，得m＝﹣19；当﹣24时，即﹣4≤m≤8时，∵当﹣2≤x≤4时，y的最大值是15，∴当x＝时，+m＝15，得m1＝﹣10（舍去），m2＝6；当＞4时，即m＞8，∵当﹣2≤x≤4时，y的最大值是15，∴当x＝4时，﹣42+4m+m＝15，得m＝（舍去）；由上可得，m的值是﹣19或6；故选：C．二、填空题（本大题共6个小题，每小题3分，共18分）13．（3分）已知函数关系式：y＝，则自变量x的取值范围是x≥1．【分析】根据被开方数大于等于0列式计算即可得解．【解答】解：根据题意得，x﹣1≥0，解得x≥1．故答案为：x≥1．14．（3分）已知x1，x2是方程x2+x﹣1＝0的两根，则+＝﹣3．【分析】根据根与系数的关系得到x1+x2＝﹣1，x1x2＝﹣1，然后利用整体代入的方法计算代数式的值．【解答】解：根据题意得x1+x2＝﹣1，x1x2＝﹣1，所以+＝＝＝＝﹣3．故答案为﹣3．15．（3分）将直线y＝2x+1平移后经过点（5，1），则平移后的直线解析式为y＝2x﹣9．【分析】直接利用一次函数平移的性质假设出解析式进而得出答案．【解答】解：设平移后的解析式为：y＝2x+b，∵将直线y＝2x+1平移后经过点（5，1），∴1＝10+b，解得：b＝﹣9，故平移后的直线解析式为：y＝2x﹣9．故答案为：y＝2x﹣9．16．（3分）某班同学毕业时都将自己的照片向全班其他同学各送一张表示留念，全班共送1056张照片，如果全班有x名同学，根据题意，列出方程为x（x﹣1）＝1056．【分析】如果全班有x名同学，那么每名同学要送出（x﹣1）张，共有x名学生，那么总共送的张数应该是x（x﹣1）张，即可列出方程．【解答】解：∵全班有x名同学，∴每名同学要送出（x﹣1）张；又∵是互送照片，∴总共送的张数应该是x（x﹣1）＝1056．故答案为：x（x﹣1）＝1056．17．（3分）如图，每个小正方形的边长为1，在△ABC中，点D为AB的中点，则线段CD 的长为．【分析】根据勾股定理列式求出AB、BC、AC，再利用勾股定理逆定理判断出△ABC是直角三角形，然后根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半解答即可．【解答】解：根据勾股定理，AB＝＝，BC＝＝2，AC＝＝3，∵AC2+BC2＝AB2＝26，∴△ABC是直角三角形，∵点D为AB的中点，∴CD＝AB＝×＝．故答案为：．18．（3分）如图，二次函数y＝ax2+bx+c（a≠0）的图象经过点（﹣，0），对称轴为直线x＝1，下列5个结论：①abc＜0；②a﹣2b+4c＝0；③2a+b＞0；④2c﹣3b＜0；⑤a+b ≤m（am+b）．其中正确的结论为②⑤．（注：只填写正确结论的序号）【分析】根据二次函数的图象与系数的关系即可求出答案．【解答】解：①函数的对称轴在y轴右侧，则ab＜0，而c＜0，故abc＞0，故①错误，不符合题意；②将点（﹣，0）代入函数表达式得：a﹣2b+4c＝0，故②正确，符合题意；③函数的对称轴为直线x＝﹣＝1，即b＝﹣2a，故2a+b＝0，故③错误，不符合题意；④由②③得：a﹣2b+4c＝0，b＝﹣2a，则c＝﹣，故2c﹣3b＝＞0，故④错误，不符合题意；⑤当x＝1时，函数取得最小值，即a+b+c≤m（am+b）+c，故⑤正确，符合题意；故答案为②⑤．三、解答题（第19题6分，第20题8分，第21题6分，第22题8分，第23、24题各9分，第25、26题各10分）19．（6分）已知一个二次函数的图象经过点A（﹣1，0）、B（3，0）和C（0，﹣3）三点．（1）求此二次函数的解析式；（2）求此二次函数的图象的对称轴和顶点坐标．【分析】（1）根据A与B的坐标设出抛物线的解析式，把C坐标代入确定出即可；（2）把解析式化成顶点式即可求得．【解答】解：（1）设二次函数解析式为y＝a（x+1）（x﹣3），∵抛物线过点C（0，﹣3），∴﹣3＝a（0+1）（0﹣3），解得a＝1，∴y＝（x+1）（x﹣3），∴二次函数的解析式y＝x2﹣2x﹣3．（2）由y＝x2﹣2x﹣3＝（x﹣1）2﹣4，∴对称轴是直线x＝1，顶点坐标是（1，﹣4）．20．（8分）解一元二次方程：（1）x2+4x+1＝0（配方法）；（2）用公式法解方程：2x2+3x﹣1＝0．【分析】（1）利用配方法求解可得；（2）利用公式法求解可得．【解答】解：（1）∵x2+4x+1＝0，∴x2+4x+4＝3，∴（x+2）2＝3，∴x+2＝±，∴x1＝﹣2+，x2＝﹣2﹣；（2）∵a＝2，b＝3，c＝﹣1，∴△＝32﹣4×2×（﹣1）＝17＞0，则x＝．∴x1＝，x2＝．21．（6分）某校八年级学生在一次射击训练中，随机抽取10名学生的成绩如下表，请回答问题：环数6789人数152（1）填空：10名学生的射击成绩的众数是7环，中位数是7环．（2）求这10名学生的平均成绩．（3）若9环（含9环）以上评为优秀射手，试估计全年级500名学生中有多少是优秀射手？【分析】（1）根据众数、中位数的意义将10名学生的射击成绩排序后找出第5、6位两个数的平均数即为中位数，出现次数最多的数是众数．（2）根据平均数的计算方法进行计算即可，（3）样本估计总体，用样本中优秀人数的所占的百分比估计总体中优秀的百分比，用总人数乘以这个百分比即可．【解答】解：（1）射击成绩出现次数最多的是7环，共出现5次，因此众数是7环，射击成绩从小到大排列后处在第5、6位的数都是7环，因此中位数是7环，故答案为：7环，7环．（2）＝7.5环，答：这10名学生的平均成绩为7.5环．（3）500×＝100人，答：全年级500名学生中有100名是优秀射手．22．（8分）如图，矩形ABCD，AB＝6，BC＝4，过对角线BD中点O的直线分别交AB、CD边于点E，F．（1）求证：四边形DEBF是平行四边形；（2）当四边形DEBF是菱形时，求菱形的边长．【分析】（1）根据平行四边形ABCD的性质，判定△BOE≌△DOF（ASA），得出四边形BEDF的对角线互相平分，进而得出结论；（2）在Rt△ADE中，由勾股定理得出方程，解方程求出DF的长即可求得菱形的边长．【解答】（1）证明：∵四边形ABCD是矩形，O是BD的中点，∴∠A＝90°，AD＝BC＝4，AB∥DC，OB＝OD，∴∠OBE＝∠ODF，∴△BOE≌△DOF（ASA），∴EO＝FO，∴四边形BEDF是平行四边形；（2）解：当四边形BEDF是菱形时，BD⊥EF，设BE＝x，则DE＝x，AE＝6﹣x，在Rt△ADE中，DE2＝AD2+AE2，∴x2＝42+（6﹣x）2，解得：x＝，∴菱形的边长为．23．（9分）庆阳市是传统的中药材生产区，拥有丰富的中药材资源，素有“天然药库”“中药之乡”的美称．优越的地理气候条件形成了较独特的资源禀赋，孕育了丰富的中药植物资源和优良品种．某种植户2016年投资20万元种植中药材，到2018年三年共累计投资95万元，若在这两年内每年投资的增长率相同．（1）求该种植户每年投资的增长率；（2）按这样的投资增长率，请你预测2019年该种植户投资多少元种植中药材．【分析】（1）设这两年该该种植户每年投资的年平均增长率为x．根据题意2017年种植投资为20（1+x）万元，2018年种植投资为20（1+x）2万元．根据题意得方程求解；（2）用种植户每年投资的增长率即可预测2019年该种植户投资额．【解答】解：（1）设这两年该该种植户每年投资的年平均增长率为x，则2017年种植投资为20（1+x）万元，2018年种植投资为20（1+x）2万元，根题意得：20+20（1+x）+20（1+x）2＝95，解得：x＝﹣3.5（舍去）或x＝0.5＝50%．∴该种植户每年投资的增长率为50%；（2）2019年该种植户投资额为：20（1+50%）3＝67.5（万元）．24．（9分）如图，在平面直角坐标系xOy中，直线y＝﹣x+4与x轴、y轴分别交于点A、点B，点D在y轴的负半轴上，若将△DAB沿直线AD折叠，点B恰好落在x轴正半轴上的点C处．（1）求AB的长；（2）求点C和点D的坐标；（3）y轴上是否存在一点P，使得S△P AB＝S△OCD？若存在，直接写出点P的坐标；若不存在，请说明理由．【分析】（1）先求得点A和点B的坐标，则可得到OA、OB的长，然后依据勾股定理可求得AB的长，（2）依据翻折的性质可得到AC的长，于是可求得OC的长，从而可得到点C的坐标；设OD＝x，则CD＝DB＝x+4．，Rt△OCD中，依据勾股定理可求得x的值，从而可得到点D（0，﹣6）．（3）先求得S△P AB的值，然后依据三角形的面积公式可求得BP的长，从而可得到点P 的坐标．【解答】解：（1）令x＝0得：y＝4，∴B（0，4）．∴OB＝4令y＝0得：0＝﹣x+4，解得：x＝3，∴A（3，0）．∴OA＝3．在Rt△OAB中，AB＝＝5．（2）∵AC＝AB＝5，∴OC＝OA+AC＝3+5＝8，∴C（8，0）．设OD＝x，则CD＝DB＝x+4．在Rt△OCD中，DC2＝OD2+OC2，即（x+4）2＝x2+82，解得：x＝6，∴D（0，﹣6）．（3）存在，理由如下：∵S△P AB＝S△OCD，∴S△P AB＝××6×8＝12．∵点P在y轴上，S△P AB＝12，∴BP•OA＝12，即×3BP＝12，解得：BP＝8，∴P点的坐标为（0，12）或（0，﹣4）．25．（10分）某公司生产一种健身产品在市场上很受欢迎，该公司每年的年产量为6万件，每年可在国内和国外两个市场全部销售，若在国内销售，平均每件产品的利润y1（元）与国内销售量x（万件）的函数关系式为y1＝若在国外销售，平均每件产品的利润为71元．（1）求该公司每年的国内和国外销售的总利润w（万元）与国内销售量x（万件）的函数关系式，并指出x的取值范围．（2）该公司每年的国内国外销售量各为多少时，可使公司每年的总利润最大？最大值是多少？（3）该公司计划在国外销售不低于5万件，并从国内销售的每件产品中捐出2m（5≤m ≤10）元给希望工程，从国外销售的每件产品中捐出m元给希望工程，若这时国内国外销售的最大总利润为393万元，求m的值．【分析】（1）由利润等于每件的利润乘以件数，代入分段函数解析式，化简可得解；（2）结合（1）分别计算分段利润函数的最大值，最后得出最大值即可；（3）该公司计划在国外销售不低于5万件，而该公司每年的年产量为6万件则该公司每年在国内销售的件数x的范围为：0≤x≤1则总利润w＝（80﹣2m）x+（71﹣m）（6﹣x）＝（9﹣m）x+426﹣6m按照x值的范围代入，结合最大利润为393万元，可分析求得．【解答】解：（1）w＝y1•x+71（6﹣x）＝＝∴w＝（2）由（1）知，当x＝1时，9x+426的最大值为435；当1＜x≤6时，﹣x2+10x+426的最大值为x＝5时的值，即451，451＞435∴当该公司每年的国内销售量为5万件国外销售量为1万件时，可使公司每年的总利润最大，最大值是451万元．（3）∵该公司计划在国外销售不低于5万件，而该公司每年的年产量为6万件∴该公司每年在国内销售的件数x的范围为：0≤x≤1则总利润w＝（80﹣2m）x+（71﹣m）（6﹣x）＝（9﹣m）x+426﹣6m显然当10≥m≥9时，w的值小于393，当5≤m＜9时，9﹣m＞0，当x＝1时，令w＝（9﹣m）×1+426﹣6m＝393解得m＝6，当x＝0时，令w＝426﹣6m＝393，解得m＝5.5∵从国内销售的每件产品中捐出2m（5≤m≤10）元给希望工程∴x＝0不符合题意．∴m＝6时国内国外销售的最大总利润为393万元．26．（10分）如果一条抛物线y＝ax2+bx+c（a≠0）与x轴有两个交点，那么以该抛物线的顶点和这两个交点为顶点的三角形称为这条抛物线的“抛物线三角形”．（1）“抛物线三角形”一定是等腰三角形；（2）若抛物线y＝﹣x2+bx（b＞0）的“抛物线三角形”是等腰直角三角形，求b的值；（3）如图，△OAB是抛物线y＝﹣x2+b′x（b′＞0）的“抛物线三角形”，是否存在以原点O为对称中心的矩形ABCD？若存在，求出过O、C、D三点的抛物线的表达式；若不存在，说明理由．（4）若抛物线y＝﹣x2+4mx﹣8m+4与直线y＝3交点的横坐标均为整数，是否存在整数m的值使这条抛物线的“抛物线三角形”有一边上的中线长恰好等于这边的长？若存在，直接写出m的值；若不存在，说明理由．【分析】（1）抛物线的顶点必在抛物线与x轴两交点连线的垂直平分线上，因此这个“抛物线三角形”一定是等腰三角形．（2）观察抛物线的解析式，它的开口向下且经过原点，由于b＞0，那么其顶点在第一象限，而这个“抛物线三角形”是等腰直角三角形，必须满足顶点坐标的横、纵坐标相等，以此作为等量关系来列方程解出b的值．（3）由于矩形的对角线相等且互相平分，所以若存在以原点O为对称中心的矩形ABCD，那么必须满足OA＝OB，结合（1）的结论，这个“抛物线三角形”必须是等边三角形，首先用b′表示出AE、OE的长，通过△OAB这个等边三角形来列等量关系求出b′的值，进而确定A、B的坐标，即可确定C、D的坐标，利用待定系数即可求出过O、C、D的抛物线的解析式．（4）联立两个函数的解析式，通过所得方程先求出这个方程的两个根，然后通过这两个根都是整数确定m的整数值．【解答】解：（1）如图；根据抛物线的对称性，抛物线的顶点A必在O、B的垂直平分线上，所以OA＝AB，即：“抛物线三角形”必为等腰三角形．故答案为：等腰．（2）当抛物线y＝﹣x2+bx（b＞0）的“抛物线三角形”是等腰直角三角形，该抛物线的顶点（，），满足＝（b＞0）．则b＝2．（3）存在．如图，作△OCD与△OAB关于原点O中心对称，则四边形ABCD为平行四边形．当OA＝OB时，平行四边形ABCD是矩形，又∵AO＝AB，∴△OAB为等边三角形．∴∠AOB＝60°，作AE⊥OB，垂足为E，∴AE＝OE tan∠AOB＝OE．∴＝×（b＞0）．∴b′＝2 ．∴A（，3），B（2，0）．∴C（﹣，﹣3），D（﹣2，0）．设过点O、C、D的抛物线为y＝mx2+nx，则，解得，故所求抛物线的表达式为y＝x2+2x．（4）由﹣x2+4mx﹣8m+4＝3，x＝＝2m±，当x为整数时，须4m2﹣8m+1为完全平方数，设4m2﹣8m+1＝n2（n是整数）整理得：（2m﹣2）2﹣n2＝3，即（2m﹣2+n）（2m﹣2﹣n）＝3两个整数的积为3，∴或或或解得：或或或，综上，得：m＝2或m＝0；根据题意，抛物线的“抛物线三角形”有一边上的中线长恰好等于这边的长，当m＝2时，抛物线方程为y＝﹣x2+8x﹣12＝﹣（x﹣4）2+4，满足抛物线三角形的底边长等于这边的中线长；当m＝0时，抛物线方程为y＝﹣x2+4，满足抛物线三角形的底边长等于这边的中线长；∴抛物线与直线y＝3交点的横坐标均为整数时m＝2或m＝0．。

湖南省长沙市天心区明德教育集团2019-2020年九年级(上)期中数学试卷含解析

2019-2020学年九年级（上）期中数学试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分）1．2018的相反数是（）A．B．2018 C．﹣2018 D．﹣2．下列运算正确的是（）A．a2•a5＝a10B．（3a3）2＝6a6C．（a+b）2＝a2+b2D．（a+2）（a﹣3）＝a2﹣a﹣63．下列图形中，既是中心对称图形又是轴对称图形的是（）A．B．C．D．4．已知⊙O的半径为5cm，若点A到圆心O的距离为3cm，则点A（）A．在⊙O内B．在⊙O上C．在⊙O外D．与⊙O的位置关系无法确定5．国庆70周年大阅兵总编59个（方）梯队和联合军乐团，总规模约15000万人，是近几次阅兵中规模最大的一次，15000用科学记数法表示为（）A．15×103B．1.5×104C．1.5×105D．0.15×1056．下列说法正确的是（）A．调查舞水河的水质情况，采用抽样调查的方式B．数据2，0，﹣2，1，3的中位数是﹣2C．可能性是99%的事件在一次实验中一定会发生D．从2000名学生中随机抽取100名学生进行调查，样本容量为2000名学生7．如图所示，⊙O的半径为13，弦AB的长度是24，ON⊥AB，垂足为N，则ON＝（）A．5 B．7 C．9 D．118．已知函数y＝的图象过点（2，﹣3），则该函数的图象必在（）A．第二、三象限B．第二、四象限C．第一、三象限D．第三、四象限9．如图，PA，PB分别切⊙O于点A，B，OP交⊙O于点C，连接AB，下列结论中，错误的是（）A．∠1＝∠2 B．PA＝PB C．AB⊥OP D．OP＝2OA10．如图，点B，C，D在⊙O上，若∠BCD＝130°，则∠BOD的度数是（）A．50°B．60°C．80°D．100°11．函数的图象是双曲线，则m的值是（）A．﹣1 B．0 C．1 D．212．如图，矩形ABCD中，AB＝2，AD＝2，动点P从点A出发向终点D运动，连BP，并过点C作CH⊥BP，垂足为H．①△ABP∽△HCB；②AH的最小值为﹣；③在运动过程中，BP扫过的面积始终等于CH扫过的面积；④在运动过程中，点H的运动路径的长为π，其中正确的有（）A．①②③B．①②④C．②③④D．①③④二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，共18分）13．九年级某同学6次数学小测验的成绩分别为：100，112，102，105，112，110，则该同学这6次成绩的众数是．14．如图，在矩形ABCD中，E是边AB的中点，连接DE交对角线AC于点F，若AB＝4，AD ＝3，则CF的长为．15．已知关于x的方程x2﹣kx﹣6＝0的一个根为x＝3，则方程的另一个根为．16．函数y＝中，自变量x的取值范围是．17．已知圆锥的底面半径为4cm，母线长为6cm，则它的侧面展开图的面积等于．18．如图，已知双曲线）经过矩形OABC边AB的中点F，交BC于点E，且四边形OEBF的面积为2，则k＝．三、解答题（本大题共8小题，共66分）19．计算：（﹣π）0﹣|1﹣2|+﹣（）﹣2．20．先化简，再求值：（+）÷，其中x＝．21．2017年9月，我国中小学生迎来了新版“教育部统编义务教育语文教科书”，本次“统编本”教材最引人关注的变化之一是强调对传统文化经典著作的阅读，某校对A《三国演义》、B《红楼梦》、C《西游记》、D《水浒》四大名著开展“最受欢迎的传统文化经典著作”调查，随机调查了若干名学生（每名学生必选且只能选这四大名著中的一部）并将得到的信息绘制了下面两幅不完整的统计图：（1）本次一共调查了名学生；（2）请将条形统计图补充完整；（3）某班语文老师想从这四大名著中随机选取两部作为学生暑期必读书籍，请用树状图或列表的方法求恰好选中《三国演义》和《红楼梦》的概率．22．如图，已知一次函数y1＝k1x+b（k1≠0）与反比例函数y2＝（k2≠0）的图象交于A （4，1），B（n，﹣2）两点．（1）求一次函数与反比例函数的解析式；（2）请根据图象直接写出y1＜y2时x的取值范围．23．某街道积极响应垃圾分类号召，决定在街道内的所有小区安装垃圾分类的温馨提示牌和垃圾箱，若购买3个垃圾箱和2个温馨提示牌共需550元，垃圾箱的单价是温馨提示牌单价的3倍．（1）求温馨提示牌和垃圾箱的单价各是多少元？（2）如果该街道至少需要安放垃圾箱48个，如果购买温馨提示牌和垃圾箱共100个，且购买费用不超过10000元，请列举出所有购买方案，并指出哪种方案的资金最少？最少需多少元？24．如图，AB是⊙O的直径，点D是上一点，且∠BDE＝∠CBE，BD与AE交于点F．（1）求证：BC是⊙O的切线；（2）若BD平分∠ABE，求证：DE2＝DF•DB；（3）在（2）的条件下，延长ED、BA交于点P，若PA＝AO，DE＝2，求PD的长．25．在平面直角坐标系xOy中，点P的坐标为（x1，y1），点Q的坐标为（x2，y2），且x1≠x2，y1≠y2，若P，Q为某个矩形的两个顶点，且该矩形的边均与某条坐标轴垂直，则称该矩形为点P，Q的“衍生矩形”．如图为点P，Q的“衍生矩形”的示意图．（1）已知点A的坐标为（﹣1，0），点B的坐标为（2，4）求点A，B的“衍生矩形”的面积；（2）已知点A的坐标为（﹣1，0），点C在直线x＝2上，若点A，C的“衍生矩形”为正方形，求直线AC的解析式；（3）⊙O的半径为，点M的坐标为（m，3）．若在⊙O上存在一点N，使得点M，N的“衍生矩形”为正方形，求m的取值范围．26．如图，已知二次函数y＝ax2+bx+c（a≠0）的图象经过A（﹣1，0）、B（4，0）、C（0，2）三点．（1）求该二次函数的解析式；（2）点D是该二次函数图象上的一点，且满足∠DBA＝∠CAO（O是坐标原点），求点D 的坐标；（3）点P是该二次函数图象上位于第一象限上的一动点，连接PA分别交BC、y轴于点E、F，若△PEB、△CEF的面积分别为S1、S2，求S1﹣S2的最大值．参考答案与试题解析一．选择题（共12小题）1．2018的相反数是（）A．B．2018 C．﹣2018 D．﹣【分析】直接利用相反数的定义分析得出答案．【解答】解：2018的相反数是：﹣2018．故选：C．2．下列运算正确的是（）A．a2•a5＝a10B．（3a3）2＝6a6C．（a+b）2＝a2+b2D．（a+2）（a﹣3）＝a2﹣a﹣6 【分析】各式计算得到结果，即可作出判断．【解答】解：A、原式＝a7，不符合题意；B、原式＝9a6，不符合题意；C、原式＝a2+2ab+b2，不符合题意；D、原式＝a2﹣a﹣6，符合题意，故选：D．3．下列图形中，既是中心对称图形又是轴对称图形的是（）A．B．C．D．【分析】根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解．【解答】解：A、不是轴对称图形，是中心对称图形，故此选项错误；B、是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项错误；C、是轴对称图形，是中心对称图形，故此选项正确；D、是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项错误；故选：C．4．已知⊙O的半径为5cm，若点A到圆心O的距离为3cm，则点A（）A．在⊙O内B．在⊙O上C．在⊙O外D．与⊙O的位置关系无法确定【分析】根据点到圆心的距离与圆的半径大小的比较，确定点A与⊙O的位置关系．【解答】解：∵OA＝3cm＜5cm，∴点A在⊙O内．故选：A．5．国庆70周年大阅兵总编59个（方）梯队和联合军乐团，总规模约15000万人，是近几次阅兵中规模最大的一次，15000用科学记数法表示为（）A．15×103B．1.5×104C．1.5×105D．0.15×105【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n 的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值大于10时，n是正数；当原数的绝对值小于1时，n是负数．【解答】解：15000＝1.5×104，故选：B．6．下列说法正确的是（）A．调查舞水河的水质情况，采用抽样调查的方式B．数据2，0，﹣2，1，3的中位数是﹣2C．可能性是99%的事件在一次实验中一定会发生D．从2000名学生中随机抽取100名学生进行调查，样本容量为2000名学生【分析】根据调查的方式、中位数、可能性和样本知识进行判断即可．【解答】解：A、调查舞水河的水质情况，采用抽样调查的方式，正确；B、数据2，0，﹣2，1，3的中位数是1，错误；C、可能性是99%的事件在一次实验中不一定会发生，错误；D、从2000名学生中随机抽取100名学生进行调查，样本容量为100，错误；故选：A．7．如图所示，⊙O的半径为13，弦AB的长度是24，ON⊥AB，垂足为N，则ON＝（）A．5 B．7 C．9 D．11【分析】根据⊙O的半径为13，弦AB的长度是24，ON⊥AB，可以求得AN的长，从而可以求得ON的长．【解答】解：由题意可得，OA＝13，∠ONA＝90°，AB＝24，∴AN＝12，∴ON＝，故选：A．8．已知函数y＝的图象过点（2，﹣3），则该函数的图象必在（）A．第二、三象限B．第二、四象限C．第一、三象限D．第三、四象限【分析】先求出函数的解析式，再根据反比例函数的性质即可判断．【解答】解：∵函数y＝的图象过点（2，﹣3），∴k＝2×（﹣3）＝﹣6＜0，∴函数的图象在二、四象限，故选：B．9．如图，PA，PB分别切⊙O于点A，B，OP交⊙O于点C，连接AB，下列结论中，错误的是（）A．∠1＝∠2 B．PA＝PB C．AB⊥OP D．OP＝2OA【分析】利用切线长定理、等腰三角形的性质即可得出．【解答】解：由切线长定理可得：∠1＝∠2，PA＝PB，从而AB⊥OP．因此A．B．C都正确．无法得出AB＝PA＝PB，可知：D是错误的．综上可知：只有D是错误的．故选：D．10．如图，点B，C，D在⊙O上，若∠BCD＝130°，则∠BOD的度数是（）A．50°B．60°C．80°D．100°【分析】首先圆上取一点A，连接AB，AD，根据圆的内接四边形的性质，即可得∠BAD+∠BCD＝180°，即可求得∠BAD的度数，再根据圆周角的性质，即可求得答案．【解答】解：圆上取一点A，连接AB，AD，∵点A、B，C，D在⊙O上，∠BCD＝130°，∴∠BAD＝50°，∴∠BOD＝100°，故选：D．11．函数的图象是双曲线，则m的值是（）A．﹣1 B．0 C．1 D．2【分析】根据反比例函数的定义列出关于m的不等式组，求出m的值即可．【解答】解：∵函数的图象是双曲线，∴，解得m＝1．故选：C．12．如图，矩形ABCD中，AB＝2，AD＝2，动点P从点A出发向终点D运动，连BP，并过点C作CH⊥BP，垂足为H．①△ABP∽△HCB；②AH的最小值为﹣；③在运动过程中，BP扫过的面积始终等于CH扫过的面积；④在运动过程中，点H的运动路径的长为π，其中正确的有（）A．①②③B．①②④C．②③④D．①③④【分析】根据相似三角形的判定方法即可判定△ABP∽△HCB；根据当A，H，O在同一直线上时，AH最短，即可得出AH的最小值；根据BP扫过的面积＝△ABD的面积，CH扫过的面积＝等边△COQ的面积+扇形BOQ的面积，即可得出BP扫过的面积不等于CH扫过的面积；根据点H的运动路线（轨迹）为，运用弧长计算公式即可得出结果．【解答】解：由矩形ABCD可得AD∥BC，∴∠APB＝∠HBC，∠BAP＝90°，又∵CH⊥BP，垂足为H，∴∠CHB＝∠BAP＝90°，∴△ABP∽△HCB，故①正确；如图所示，连接AH，AO，HO，则AH+HO≥AO，∴当A，H，O在同一直线上时，AH最短，此时AH＝AO﹣HO＝＝，即AH的最小值为，故②正确；③如图所示，在运动过程中，BP扫过的面积＝△ABD的面积＝AB×AD＝，CH扫过的面积＝等边△COQ的面积+扇形BOQ的面积＝，∴BP扫过的面积不等于CH扫过的面积，故③错误；④在运动过程中，点H的运动路线（轨迹）长为，故④正确；故正确的有①②④．故选：B．二．填空题（共6小题）13．九年级某同学6次数学小测验的成绩分别为：100，112，102，105，112，110，则该同学这6次成绩的众数是112 ．【分析】根据众数的概念求解可得．【解答】解：在这组数据中出现次数最多的是112，所以这组数据的众数为112，故答案为：112．14．如图，在矩形ABCD中，E是边AB的中点，连接DE交对角线AC于点F，若AB＝4，AD ＝3，则CF的长为．【分析】根据矩形的性质可得出AB∥CD，进而可得出∠FAE＝∠FCD，结合∠AFE＝∠CFD （对顶角相等）可得出△AFE∽△CFD，利用相似三角形的性质可得出＝＝2，利用勾股定理可求出AC的长度，再结合CF＝•AC，即可求出CF的长．【解答】解：∵四边形ABCD为矩形，∴AB＝CD，AD＝BC，AB∥CD，∴∠FAE＝∠FCD，又∵∠AFE＝∠CFD，∴△AFE∽△CFD，∴＝＝2．∵AC＝＝5，∴CF＝•AC＝×5＝．故答案为：．15．已知关于x的方程x2﹣kx﹣6＝0的一个根为x＝3，则方程的另一个根为﹣2 ．【分析】设另一根为x1，根据一元二次方程根与系数的关系得出3•x1＝﹣6即可求出答案；【解答】解：设另一根为x1，则3•x1＝﹣6，解得，x1＝﹣2，故答案为：﹣2．16．函数y＝中，自变量x的取值范围是x≥2且x≠3 ．【分析】根据二次根式的性质和分式的意义，被开方数大于等于0，分母不等于0，就可以求解．【解答】解：根据题意得：，解得：x≥2且x≠3．故答案是：x≥2且x≠3．17．已知圆锥的底面半径为4cm，母线长为6cm，则它的侧面展开图的面积等于24πcm2．【分析】利用圆锥的侧面展开图为一扇形，这个扇形的弧长等于圆锥底面的周长，扇形的半径等于圆锥的母线长和扇形的面积公式计算．【解答】解：它的侧面展开图的面积＝•2π•4•6＝24π（cm2）．故答案为24πcm2．18．如图，已知双曲线）经过矩形OABC边AB的中点F，交BC于点E，且四边形OEBF的面积为2，则k＝ 2 ．【分析】如果设F（x，y），表示点B坐标，再根据四边形OEBF的面积为2，列出方程，从而求出k的值．【解答】解：设F（x，y），E（a，b），那么B（x，2y），∵点E在反比例函数解析式上，∴S△COE＝ab＝k，∵点F在反比例函数解析式上，∴S△AOF＝xy＝k，∵S四边形OEBF＝S矩形ABCO﹣S△COE﹣S△AOF，且S四边形OEBF＝2，∴2xy﹣k﹣xy＝2，∴2k﹣k﹣k＝2，∴k＝2．故答案为：2．三．解答题（共8小题）19．计算：（﹣π）0﹣|1﹣2|+﹣（）﹣2．【分析】本题涉及零指数幂、负指数幂、二次根式化简和绝对值4个考点．在计算时，需要针对每个考点分别进行计算，然后根据实数的运算法则求得计算结果．【解答】解：原式＝1﹣（2﹣1）+2﹣4，＝1﹣2+1+2﹣4，＝﹣2．20．先化简，再求值：（+）÷，其中x＝．【分析】直接将括号里面通分运算，再利用分式混合运算法则计算得出答案．【解答】解：原式＝[+]×（x﹣3）2＝×（x﹣3）2＝x﹣3，把x＝代入得：原式＝﹣3＝﹣．21．2017年9月，我国中小学生迎来了新版“教育部统编义务教育语文教科书”，本次“统编本”教材最引人关注的变化之一是强调对传统文化经典著作的阅读，某校对A《三国演义》、B《红楼梦》、C《西游记》、D《水浒》四大名著开展“最受欢迎的传统文化经典著作”调查，随机调查了若干名学生（每名学生必选且只能选这四大名著中的一部）并将得到的信息绘制了下面两幅不完整的统计图：（1）本次一共调查了50 名学生；（2）请将条形统计图补充完整；（3）某班语文老师想从这四大名著中随机选取两部作为学生暑期必读书籍，请用树状图或列表的方法求恰好选中《三国演义》和《红楼梦》的概率．【分析】（1）依据C部分的数据，即可得到本次一共调查的人数；（2）依据总人数以及其余各部分的人数，即可得到B对应的人数；（3）列表将所有等可能的结果列举出来，利用概率公式求解即可．【解答】解：（1）本次一共调查：15÷30%＝50（人）；故答案为：50；（2）B对应的人数为：50﹣16﹣15﹣7＝12，如图所示：（3）列表：A B C DA AB AC ADB BA BC BDC CA CB CDD DA DB DC∵共有12种等可能的结果，恰好选中A、B的有2种，∴P（选中A、B）＝＝．22．如图，已知一次函数y1＝k1x+b（k1≠0）与反比例函数y2＝（k2≠0）的图象交于A （4，1），B（n，﹣2）两点．（1）求一次函数与反比例函数的解析式；（2）请根据图象直接写出y1＜y2时x的取值范围．【分析】（1）由点A的坐标利用反比例函数图象上点的坐标特征可求出k2的值，进而可得出反比例函数的解析式，由点B的纵坐标结合反比例函数图象上点的坐标特征可求出点B的坐标，再由点A、B的坐标利用待定系数法，即可求出一次函数的解析式；（2）根据两函数图象的上下位置关系，找出y1＜y2时x的取值范围．【解答】解：（1）∵反比例函数y2＝（k2≠0）的图象过点A（4，1），∴k2＝4×1＝4，∴反比例函数的解析式为y2＝．∵点B（n，﹣2）在反比例函数y2＝的图象上，∴n＝4÷（﹣2）＝﹣2，∴点B的坐标为（﹣2，﹣2）．将A（4，1）、B（﹣2，﹣2）代入y1＝k1x+b，，解得：，∴一次函数的解析式为y＝x﹣1．（2）观察函数图象，可知：当x＜﹣2和0＜x＜4时，一次函数图象在反比例函数图象下方，∴y1＜y2时x的取值范围为x＜﹣2或0＜x＜4．23．某街道积极响应垃圾分类号召，决定在街道内的所有小区安装垃圾分类的温馨提示牌和垃圾箱，若购买3个垃圾箱和2个温馨提示牌共需550元，垃圾箱的单价是温馨提示牌单价的3倍．（1）求温馨提示牌和垃圾箱的单价各是多少元？（2）如果该街道至少需要安放垃圾箱48个，如果购买温馨提示牌和垃圾箱共100个，且购买费用不超过10000元，请列举出所有购买方案，并指出哪种方案的资金最少？最少需多少元？【分析】（1）根据“购买2个温馨提示牌和3个垃圾箱共需550元”，建立方程求解即可得出结论；（2）根据“费用不超过10000元和至少需要安放48个垃圾箱”，建立不等式即可得出结论．【解答】解：（1）设温馨提示牌的单价为x元，则垃圾箱的单价为3x元，根据题意得，2x+3×3x＝550，∴x＝50，∴3x＝150元，即：温馨提示牌和垃圾箱的单价各是50元和150元；（2）设购买温馨提示牌y个（y为正整数），则垃圾箱为（100﹣y）个，根据题意得，，∴50≤y≤52，∵y为正整数，∴y为50，51，52，共3种方案；即：温馨提示牌50个，垃圾箱50个；温馨提示牌51个，垃圾箱49个；温馨提示牌52个，垃圾箱48个，设费用为W元根据题意，W＝50y+150（100﹣y）＝﹣100y+15000，∵﹣100＜0，∴W随y的增大而减小，当y＝52时，所需资金最少，最少是9800元．24．如图，AB是⊙O的直径，点D是上一点，且∠BDE＝∠CBE，BD与AE交于点F．（1）求证：BC是⊙O的切线；（2）若BD平分∠ABE，求证：DE2＝DF•DB；（3）在（2）的条件下，延长ED、BA交于点P，若PA＝AO，DE＝2，求PD的长．【分析】（1）利用圆周角定理得到∠AEB＝90°，∠EAB＝∠BDE，而∠BDE＝∠CBE，则∠CBE+∠ABE＝90°，则根据切线的判定方法可判断BC是⊙O的切线；（2）证明△DFE∽△DEB，然后利用相似比可得到结论；’（3）连结DE，先证明OD∥BE，则可判断△POD∽△PBE，然后利用相似比可得到关于PD 的方程，再解方程求出PD即可．【解答】（1）证明：∵AB是⊙O的直径，∴∠AEB＝90°，∴∠EAB+∠ABE＝90°，∵∠EAB＝∠BDE，∠BDE＝∠CBE，∴∠CBE+∠ABE＝90°，即∠ABC＝90°，∴AB⊥BC，∴BC是⊙O的切线；（2）证明：∵BD平分∠ABE，∴∠1＝∠2，而∠2＝∠AED，∴∠AED＝∠1，∵∠FDE＝∠EDB，∴△DFE∽△DEB，∴DE：DF＝DB：DE，∴DE2＝DF•DB；（3）连结OD，如图，∵OD＝OB，∴∠2＝∠ODB，而∠1＝∠2，∴∠ODB＝∠1，∴OD∥BE，∴△POD∽△PBE，∴＝，∵PA＝AO，∴PA＝AO＝BO，∴＝，即＝，∴PD＝4．25．在平面直角坐标系xOy中，点P的坐标为（x1，y1），点Q的坐标为（x2，y2），且x1≠x2，y1≠y2，若P，Q为某个矩形的两个顶点，且该矩形的边均与某条坐标轴垂直，则称该矩形为点P，Q的“衍生矩形”．如图为点P，Q的“衍生矩形”的示意图．（1）已知点A的坐标为（﹣1，0），点B的坐标为（2，4）求点A，B的“衍生矩形”的面积；（2）已知点A的坐标为（﹣1，0），点C在直线x＝2上，若点A，C的“衍生矩形”为正方形，求直线AC的解析式；（3）⊙O的半径为，点M的坐标为（m，3）．若在⊙O上存在一点N，使得点M，N的“衍生矩形”为正方形，求m的取值范围．【分析】（1）由相关矩形的定义可知：要求A与B的相关矩形面积，则AB必为对角线，利用A、B两点的坐标即可求出该矩形的底与高的长度，进而可求出该矩形的面积；（2）由定义可知，AC必为正方形的对角线，所以AC与x轴的夹角必为45°，设直线AC的解析式为；y＝kx+b，解方程组即可得到结论；（3）由定义可知，MN必为相关矩形的对角线，若该相关矩形的为正方形，即直线MN与x轴的夹角为45°，由因为点N在圆O上，所以该直线MN与圆O一定要有交点，由此可以求出m的范围．【解答】解：（1）∵点A的坐标为（﹣1，0），点B的坐标为（2，4）由定义可知：点A，B的“衍生矩形”的底与高分别为3和4，∴点A，B的“衍生矩形”的面积为3×4＝12；（2）由定义可知：AC是点A，C的“衍生矩形”的对角线，又∵点A，C的“衍生矩形”为正方形，∴直线AC与x轴的夹角为45°，∴C（2，3）或（2，﹣3），设直线AC的解析为：y＝kx+b，把A，C坐标分别代入得，或，解得：或，综上所述，若点A，C的“衍生矩形”为正方形，直线AC的表达式为y＝x+1或y＝﹣x ﹣1；（3）设直线MN的解析式为y＝kx+b，∵点M，N的“衍生矩形”为正方形，∴由定义可知：直线MN与x轴的夹角为45°，∴k＝±1，∵点N在⊙O上，∴当直线MN与⊙O有交点时，点M，N的“衍生矩形”为正方形，当k＝1时，作⊙O的切线AD和BC，且与直线MN平行，其中A、C为⊙O的切点，直线AD与y轴交于点D，直线BC与y轴交于点B，连接OA，OC，把M（m，3）代入y＝x+b，∴b＝3﹣m，∴直线MN的解析式为：y＝x+3﹣m∵∠ADO＝45°，∠OAD＝90°，∴OD＝OA＝2，∴D（0，2），同理可得：B（0，﹣2），∴令x＝0代入y＝x+3﹣m，∴y＝3﹣m，∴﹣2≤3﹣m≤2，∴1≤m≤5，当k＝﹣1时，把M（m，3）代入y＝﹣x+b，∴b＝3+m，∴直线MN的解析式为：y＝﹣x+3+m，同理可得：﹣2≤3+m≤2，∴﹣5≤m≤﹣1；综上所述，当点M，N的“衍生矩形”为正方形时，m的取值范围是：1≤m≤5或﹣5≤m ≤﹣126．如图，已知二次函数y＝ax2+bx+c（a≠0）的图象经过A（﹣1，0）、B（4，0）、C（0，2）三点．（1）求该二次函数的解析式；（2）点D是该二次函数图象上的一点，且满足∠DBA＝∠CAO（O是坐标原点），求点D 的坐标；（3）点P是该二次函数图象上位于第一象限上的一动点，连接PA分别交BC、y轴于点E、F，若△PEB、△CEF的面积分别为S1、S2，求S1﹣S2的最大值．【分析】（1）由A、B、C三点的坐标，利用待定系数法可求得抛物线解析式；（2）当点D在x轴上方时，则可知当CD∥AB时，满足条件，由对称性可求得D点坐标；当点D在x轴下方时，可证得BD∥AC，利用AC的解析式可求得直线BD的解析式，再联立直线BD和抛物线的解析式可求得D点坐标；（3）可设出P点坐标，表示出△PAB、△AFO、△COB，利用S1﹣S2＝S△PAB﹣S△AFO﹣S△BOC 可表示成关于P点坐标的二次函数，利用二次函数的性质可求得其最大值．．【解答】解：（1）由题意可得，解得，∴抛物线解析式为y＝﹣x2+x+2；（2）当点D在x轴上方时，过C作CD∥AB交抛物线于点D，如图1，∵A、B关于对称轴对称，C、D关于对称轴对称，∴四边形ABDC为等腰梯形，∴∠CAO＝∠DBA，即点D满足条件，∴D（3，2）；当点D在x轴下方时，∵∠DBA＝∠CAO，∴BD∥AC，∵C（0，2），∴可设直线AC解析式为y＝kx+2，把A（﹣1，0）代入可求得k＝2，∴直线AC解析式为y＝2x+2，∴可设直线BD解析式为y＝2x+m，把B（4，0）代入可求得m＝﹣8，∴直线BD解析式为y＝2x﹣8，联立直线BD和抛物线解析式可得，解得或，∴D（﹣5，﹣18）；综上可知满足条件的点D的坐标为（3，2）或（﹣5，﹣18）；（3）设P（t，﹣t2+t+2），∵AB＝5，OC＝2，∴S△PAB＝（﹣t2+t+2）×5＝﹣t2+t+5，∵＝，∴OF＝﹣（t﹣4），∴S△AFO＝×1×[﹣（t﹣4）]＝﹣（t﹣4），且S△BOC＝×2×4，∴S1﹣S2＝﹣t2+t+5+（t﹣4）﹣4＝﹣t2+4t＝﹣（t﹣）2+，∴当t＝时，有S1﹣S2有最大值，最大值为．。

2019-2020学年湖南省长沙市天心区长郡教育集团九年级(上)开学数学试卷-含解析

2019-2020学年湖南省长沙市天心区长郡教育集团九年级（上）开学数学试卷一、选择题（本大题共12小题，共36.0分）1.若点A(2,4)在函数y=kx−2的图象上，则下列各点在此函数图象上的是()A. (1,1)B. (−1,1)C. (−2,−2)D. (2,−2)2.矩形ABCD的对角线AC、BD相交于点O，∠AOD=120°，AC=8，则△ABO的周长为()A. 16B. 12C. 24D. 203.如果一次函数y=kx+b的图象经过第一象限，且与y轴负半轴相交，那么()A. k>0，b>0B. k>0，b<0C. k<0，b>0D. k<0，b<04.下列说法中，错误的是()A. 对角线互相垂直的四边形是菱形B. 对角线互相平分的四边形是平行四边形C. 菱形的对角线互相垂直D. 平行四边形的对角线互相平分5.王明同学把5次月考成绩(单位：分，满分100分)整理如下：75，74，78，73，75，关于这组数据的说法正确的是()A. 众数为74B. 中位数为74C. 平均数为76D. 方差为2.86.用配方法解一元二次方程x2−4x=5时，此方程可变形为()A. (x+2)2=1B. (x−2)2=1C. (x+2)2=9D. (x−2)2=97.沅江市近年来大力发展芦笋产业，某芦笋生产企业在两年内的销售额从20万元增加到80万元．设这两年的销售额的年平均增长率为x，根据题意可列方程为()A. 20(1+2x)=80B. 2×20(1+x)=80C. 20(1+x2)=80D. 20(1+x)2=808.对于实数a，b，定义运算“∗”如下：a∗b=a2−ab，例如：3∗2=32−3×2=3，则方程(x+1)∗(2x−1)=3的根的情况是()A. 没有实数根B. 有一个实数根C. 有两个相等的实数根D. 有两个不相等的实数根9.抛物线y=ax2+bx−3经过点(2,4)，则代数式8a+4b+1的值为()A. 3B. 9C. 15D. −1510. 如图，函数y =ax 2−2x +1和y =ax −a(a 是常数，且a ≠0)在同一平面直角坐标系的图象可能是( ) A. B. C. D.11. 如图是抛物线形拱桥，当拱顶离水面2m 时，水面宽4m ，则水面下降1m 时，水面宽度增加( )A. 1mB. 2mC. (2√6−4)mD. (√6−2)m12. 二次函数y =ax 2+bx +c(a ≠0)的大致图象如图所示，顶点坐标为(−2,−9a)，下列结论：①a −3b +2c >0；②3a −2b −c =0；③若方程a(x +5)(x −1)=−1有两个根x 1和x 2，且x 1<x 2，则−5<x 1<x 2<1；④若方程|ax 2+bx +c|=1有四个根，则这四个根的和为−8.其中正确的结论有( )A. 1个B. 2个C. 3个D. 4个二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）13. 甲、乙两名同学进行跳高测试，每人10次跳高的平均成绩恰好是1.6米，方差分别是S 甲2=1.2，S 乙2=0.5，则在本次测试中，______同学的成绩更稳定(填“甲”或“乙”)14. 如图，将平行四边形ABCD 的一边BC 延长至E ，若∠A =110°，则∠1=______．15. 已知直线y =x −3与y =2x +2的交点为(−5,−8)，则方程组{x −y −3=02x −y +2=0的解是______．16.二次函数y=x2+2x+2图象先向上平移2个单位长度，再向右平移3个单位长度，则平移后二次函数图象的顶点坐标是______．17.若关于x的一元二次方程(a−1)x2−3x+2=0有实数根，则整数a的最大值为______．18.已知二次函数y=x2与一次函数y=2x+1相交于A、B两点，点C是线段AB上一动点，点D是抛物线上一动点，且CD平行于y轴，在移动过程中CD最大值为______．三、解答题（本大题共8小题，共66.0分）19.解下列方程：(1)3x2−13x+14=0；(2)x2−7x=6．20.“最美的女教师”张丽莉，为了抢救两名学生，以致双腿高位截肢，社会各界纷纷为她捐款，我市某中学八年级一班全体同学也积极参加了捐款活动，该班同学捐款情况的部分统计如图所示：(1)求该班的总人数及扇形统计图中捐款5元的人数对应的圆心角度数；(2)请将条形图补充完整，并写出捐款金额的中位数；(3)该班平均每人捐款多少元？21.已知关于x的二次函数y=x2+bx+c的图象经过点(3,0)，(1,1)．(1)求这个二次函数的解析式；(2)求出此二次函数的图象的顶点坐标及其与y轴的交点坐标．22.如图，O为△ABC边AC的中点，AD//BC交BO的延长线于点D，连接DC，DB平分∠ADC，作DE⊥BC，垂足为E．(1)求证：四边形ABCD为菱形；(2)若BD=8，AC=6，求DE的长．23.如图，某中学有一道长为35米的墙，计划用60米长的围栏靠墙围成一个矩形草坪AB−CD，设该矩形草坪AB边长为x米．(1)用含有x的式子表示BC，并写出x的取值范围；(2)若草坪ABCD的面积为400平方米，求BC的长度．24.已知关于x的二次函数y=x2−(2k−1)x+k2+1的图象与x轴有两个交点．(1)求k的取值范围；(2)若与x轴交点的横坐标为x1，x2，且它们的倒数之和是−3，求k的值；2(3)在(2)的条件下，若该抛物线与x轴交于点A、B，交y轴于点C，求三角形ABC的面积．25. 某公司购进某种水果的成本为20元/千克，经过市场调研发现，这种水果在未来48天的销售价格p(元/千克)与时间t(天)之间的函数关系式为p ={14t +30(1≤t ≤24,t 为整数)−12t +48(25≤t ≤48,t 为整数)，且其日销售量y(千克)与时间t(天)的关系如下表：时间t/天1 3 6 10 20 40 … 日销售量y/千克 118 114 108 100 80 40 … (1)已知y 与t 之间的变化规律符合一次函数关系，试求在第30天的日销售量是多少？(2)问哪一天的销售利润最大？最大日销售利润为多少？(3)在实际销售的前24天中，公司决定每销售1千克水果就捐赠n 元利润(n <9)给“精准扶贫”对象．现发现：在前24天中，每天扣除捐赠后的日销售利润随时间t 的增大而增大，求n 的取值范围．26. 如图，在平面直角坐标系中，已知点A 坐标为(2,4)，直线x =2与x 轴相交于点B ，连接OA ，抛物线y =x 2从点O 沿OA 方向平移，与直线x =2交于点P ，顶点M 到A 点时停止移动．(1)求线段OA所在直线的函数解析式；(2)设抛物线顶点M的横坐标为m，①用m的代数式表示点P的坐标；②当m为何值时，线段PB最短；(3)当线段PB最短时，相应的抛物线上是否存在点Q，使△QMA的面积与△PMA的面积相等？若存在，请求出点Q的坐标；若不存在，请说明理由．答案和解析1.【答案】A【解析】解：∵点A(2,4)在函数y=kx−2的图象上，∴2k−2=4，解得k=3，∴此函数的解析式为：y=3x−2，A、∵3×1−2=1，∴此点在函数图象上，故本选项正确；B、∵3×(−1)−2=−5≠1，∴此点在不函数图象上，故本选项错误；C、∵3×(−2)−2=−7≠−2，∴此点在不函数图象上，故本选项错误；D、∵3×2−2=4≠−2，∴此点在不函数图象上，故本选项错误．故选A．将点A(2,4)代入函数解析式求出k的值，再把各点的坐标代入解析式，逐一检验即可．本题考查的是一次函数图象上点的坐标特点，即一次函数图象上各点的坐标一定适合此函数的解析式．2.【答案】B【解析】解：∵四边形ABCD是矩形，AC=8，∴AC=BD，AC=2AO，BD=2BO，∴AO=BO=4，∵∠AOD=120°，∴∠AOB=60°，∴△AOB是等边三角形，∴AB=AO=4，∴△ABO的周长是4+4+4=12，故选B．根据矩形性质求出AO=BO=4，得出等边三角形AOB，求出AB，即可求出答案．本题考查了矩形性质，等边三角形的性质和判定的应用，注意：矩形的对角线相等且互相平分．【解析】解：由题意得，函数y=kx+b的图象经过第一、三、四象限，k>0，b<0．故选B．因为一次函数y﹦kx﹢b的图象经过第一象限，且与y轴负半轴相交，即函数y=kx+b 的图象经过第一、三、四象限，即可确定k，b的符号．一次函数y=kx+b的图象有四种情况：①当k>0，b>0，函数y=kx+b的图象经过第一、二、三象限，y的值随x的值增大而增大；②当k>0，b<0，函数y=kx+b的图象经过第一、三、四象限，y的值随x的值增大而增大；③当k<0，b>0时，函数y=kx+b的图象经过第一、二、四象限，y的值随x的值增大而减小；④当k<0，b<0时，函数y=kx+b的图象经过第二、三、四象限，y的值随x的值增大而减小．4.【答案】A【解析】【分析】本题考查平行四边形的判定和性质、菱形的判定和性质等知识，解题的关键是熟练掌握基本知识，属于中考常考题型．根据平行四边形、菱形的判定和性质一一判断即可．【解答】解：A、对角线互相垂直的四边形不一定是菱形，本选项符合题意；B、对角线互相平分的四边形是平行四边形，正确，本选项不符合题意；C、菱形的对角线互相垂直，正确，本选项不符合题意；D、平行四边形的对角线互相平分，正确，本选项不符合题意．故选：A．5.【答案】D【解析】此题考查了平均数、众数、中位数及方差的知识，解题时分别计算出众数、中位数、平均数及方差后找到正确的选项即可．分别计算该组数据的众数、平均数、中位数及方差后，选择正确的答案即可．【解答】解：x −=15(75+74+78+73+75)=75；∵排序后为：73、74、75、75、78，∴中位数为：75；∵75出现了2次，最多，∴众数为75，s 2=15[(75−75)2+(74−75)2+(78−75)2+(73−75)2+(75−75)2] =2.8．故选D ． 6.【答案】D【解析】【分析】此题考查了配方法解一元二次方程，解题时要注意解题步骤的准确应用．配方法的一般步骤：(1)把常数项移到等号的右边；(2)把二次项的系数化为1；(3)等式两边同时加上一次项系数一半的平方．选择用配方法解一元二次方程时，最好使方程的二次项的系数为1，一次项的系数是2的倍数．【解答】解：∵x 2−4x =5，∴x 2−4x +4=5+4，∴(x −2)2=9．故选D ．7.【答案】D【解析】解：设增长率为x，根据题意得20(1+x)2=80，故选：D．根据第一年的销售额×(1+平均年增长率)2=第三年的销售额，列出方程即可．本题考查一元二次方程的应用--求平均变化率的方法．若设变化前的量为a，变化后的量为b，平均变化率为x，则经过两次变化后的数量关系为a(1±x)2=b.(当增长时中间的“±”号选“+”，当下降时中间的“±”号选“−”)．8.【答案】A【解析】解：根据定义运算，方程(x+1)∗(2x−1)=3化为(x+1)2−(x+1)(2x−1)=3，整理，得x2−x+1=0，∵b2−4ac=(−1)2−4×1×1=−3<0，∴方程没有实数根．故选：A．先根据定义运算，将原方程化为一元二次方程，然后利用根的判别式进行判断即可．本题考查了一元二次方程，熟练运用根的判别式是解题的关键．9.【答案】C【解析】【分析】本题考查二次函数图象上点的特征，解题的关键是将(2,4)代入解析式中求出a与b的关系式，本题属于基础题型．将(2,4)代入二次函数的解析式即可求出a与b的关系式．【解答】解：将(2,4)代入y=ax2+bx−3，∴4=4a+2b−3，∴4a+2b=7，∴8a+4b+1=2(4a+2b)+1=15故选C．10.【答案】B【解析】【分析】本题考查了二次函数以及一次函数的图象，解题的关键是熟记一次函数y=ax−a在不同情况下所在的象限，以及熟练掌握二次函数的有关性质：开口方向、对称轴、顶点坐标等．可先根据一次函数的图象判断a的符号，再判断二次函数图象与实际是否相符，判断正误即可．【解答】解：A、由一次函数y=ax−a的图象可得：a<0，此时二次函数y=ax2−2x+1的图象应该开口向下，故选项错误；B、由一次函数y=ax−a的图象可得：a>0，此时二次函数y=ax2−2x+1的图象>0，故选项正确；应该开口向上，对称轴x=−−22aC、由一次函数y=ax−a的图象可得：a>0，此时二次函数y=ax2−2x+1的图象>0，故选项错误；应该开口向上，对称轴x=−−22aD、由一次函数y=ax−a的图象可得：a>0，此时二次函数y=ax2−2x+1的图象应该开口向上，故选项错误．故选：B．11.【答案】C【解析】解：建立平面直角坐标系，设横轴x通过AB，纵轴y通过AB中点O且通过C 点，则通过画图可得知O为原点，抛物线以y轴为对称轴，且经过A，B两点，OA和OB可求出为AB的一半2米，抛物线顶点C坐标为(0,2)，通过以上条件可设顶点式y=ax2+2，其中a可通过代入A点坐标(−2,0)到抛物线解析式得出：a=−0.5，所以抛物线解析式为y=−0.5x2+2，当水面下降1米，通过抛物线在图上的观察可转化为：当y=−1时，对应的抛物线上两点之间的距离，也就是直线y=−1与抛物线相交的两点之间的距离，可以通过把y=−1代入抛物线解析式得出：−1=−0.5x2+2，解得：x=±√6，所以水面宽度增加到2√6米，比原先的宽度当然是增加了2√6−4．故选C．根据已知得出直角坐标系，进而求出二次函数解析式，再通过把y=−1代入抛物线解析式得出水面宽度，即可得出答案．此题主要考查了二次函数的应用，根据已知建立坐标系从而得出二次函数解析式是解决问题的关键．12.【答案】B【解析】解：∵抛物线的开口向上，∴a>0，∵抛物线的顶点坐标(−2,−9a)，∴−b2a =−2，4ac−b24a=−9a，∴b=4a，c=−5a，∴抛物线的解析式为y=ax2+4ax−5a，∴a−3b+2c=a−12a−10a=−21a<0，所以①结论错误，3a−2b−c=3a+4a+5a=12a>0，故②结论错误，∵抛物线y=ax2+4ax−5a交x轴于(−5,0)，(1,0)，∴若方程a(x+5)(x−1)=−1有两个根x1和x2，且x1<x2，则−5<x1<x2<1，正确，故结论③正确，若方程|ax2+bx+c|=1有四个根，设方程ax2+bx+c=1的两根分别为x1，x2，则x1+x22=−2，可得x1+x2=−4，设方程ax2+bx+c=1的两根分别为x3，x4，则x3+x42=−2，可得x3+x4=−4，所以这四个根的和为−8，故结论④正确，故选：B．根据二次函数的性质一一判断即可．本题考查二次函数的性质、二次函数图象上的点的特征、抛物线与坐标轴的交点问题等知识，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题，属于中考常考题型．13.【答案】乙【解析】【分析】本题考查方差的意义．方差是用来衡量一组数据波动大小的量，方差越大，表明这组数据偏离平均数越大，即波动越大，数据越不稳定；反之，方差越小，表明这组数据分布比较集中，各数据偏离平均数越小，即波动越小，数据越稳定．根据方差的意义可作出判断．方差是用来衡量一组数据波动大小的量，方差越小，表明这组数据分布比较集中，各数据偏离平均数越小，即波动越小，数据越稳定．【解答】解：∵S甲2=1.2，S乙2=0.5，∴S甲>S乙，∴甲、乙两名同学成绩更稳定的是乙；故答案为：乙．14.【答案】70°【解析】解：∵平行四边形ABCD的∠A=110°，∴∠BCD=∠A=110°，∴∠1=180°−∠BCD=180°−110°=70°．故答案为：70°．根据平行四边形的对角相等求出∠BCD的度数，再根据平角等于180°列式计算即可得解．本题考查了平行四边形的对角相等的性质，是基础题，比较简单，熟记性质是解题的关键．15.【答案】{x =−5y =−8【解析】解：直线y =x −3与y =2x +2的交点为(−5,−8)，即x =−5，y =−8满足两个解析式，则{x =−5y =−8是{y =x −3y =2x +2即方程组{x −y −3=02x −y +2=0的解．因此方程组{x −y −3=02x −y +2=0的解是{x =−5y =−8．由于函数图象交点坐标为两函数解析式组成的方程组的解．因此点P 的横坐标与纵坐标的值均符合方程组中两个方程的要求，因此方程组的解应该是{x =−5y =−8．方程组的解就是使方程组中两个方程同时成立的一对未知数的值，而这一对未知数的值也同时满足两个相应的一次函数式，因此方程组的解就是两个相应的一次函数图象的交点坐标．16.【答案】(2,3)【解析】解：∵将二次函数y =x 2+2x +2=(x +1)2+1的图象向上平移2个单位长度，再向右平移3个单位长度，∴平移后的二次函数的解析式为：y =(x −2)2+3，∴平移后的二次函数的顶点坐标为(2,3)．故答案是：(2,3)．按照“左加右减，上加下减”的规律即可得到函数解析式，求得其顶点坐标即可．主要考查了函数图象的平移，要求熟练掌握平移的规律：左加右减，上加下减．并用规律求函数解析式．17.【答案】2【解析】解：∵关于x 的一元二次方程(a −1)x 2−3x +2=0有实数根，∴△=9−8(a −1)≥0，且a −1≠0，解得：a ≤178且a ≠1，则整数a 的最大值为2．故答案为：2．根据一元二次方程有实数根，得到根的判别式大于等于0，求出a 的范围，确定出所求即可．此题考查了根的判别式，以及一元二次方程的定义，灵活意义一元二次方程根与系数的关系是解本题的关键．18.【答案】2【解析】解：根据题意得，CD =2x +1−x 2=−x 2+2x +1=−(x 2−2x +1−1)+1=−(x 2−2x +1)+2=−(x −1)2+2，可见函数最大值为2．故答案为2．CD 的最大值即为点C 的纵坐标减去点D 的纵坐标，据此列出CD 的表达式，为关于x 的二次函数，求出二次函数的最大值即可．本题考查了二次函数与一次函数的关系，将求CD 的最大值转化为求关于x 的二次函数的最大值是解题的关键．19.【答案】解：(1)∵3x 2−13x +14=0，∴(x −2)(3x −7)=0，∴x =2或x =73．(2)∵x 2−7x =6，∴x 2−7x +494=6+494，∴(x −72)2=634， ∴x =72±3√72．【解析】根据一元二次方程的解法即可求出答案．本题考查一元二次方程，解题的关键是熟练一元二次方程的解法，本题属于基础题型．20.【答案】解：(1)该班学生的总人数为：14÷28%=50(名)，“捐款5元”所在扇形的圆心角的度数为：1050×360°=72°；(2)捐款10元的人数为：50×32%=16(人)，捐款25元的人数为：50−(10+16+14+6)=4(人)，补全统计图如下：因为该班有50名学生，捐款数按从小到大排列后，第25、26位同学都捐了10元，所以捐款金额的中位数为10元；(3)该班平均每人捐款：5×10+10×16+15×14+20×6+25×450=640 50=12.8(元)．【解析】(1)由捐款15元的人数除以占的百分比，即可确定出该班学生的总人数；求出“捐款5元”的学生所占的百分比，再乘以360°即可得到“捐款5元”所在扇形的圆心角的度数；(2)求出捐款10元、25元的人数，补全条形统计图，根据中位数的定义确定该班捐款的中位数；(3)利用加权平均数的求解方法列式求解即可．本题考查的是条形统计图和扇形统计图的综合运用，读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．条形统计图能清楚地表示出每个项目的数据；扇形统计图直接反映部分占总体的百分比大小．21.【答案】解：(1)∵二次函数y=x2+bx+c的图象经过点(3,0)，(1,1)，∴{9+3b+c=01+b+c=0，解得b=−4，c=3．∴抛物线的解析式为y=x2−4x+3．(2)∵y=x2−4x+3=(x−2)2−1，∴抛物线的顶点坐标为(2,−1)；∵当x=0时，y=3，∴与y轴的交点坐标为(0,3)．【解析】(1)把点(3,0)，(1,1)代入二次函数y=x2+bx+c，利用待定系数法即可求得；(2)化成顶点式即可求得顶点坐标；横坐标为0，即令x=0，即可求得抛物线与y轴的交点纵坐标．主要考查了用待定系数法求二次函数的解析式和其顶点坐标、抛物线与x轴y轴的交点坐标的求法．22.【答案】(1)证明：∵O为△ABC边AC的中点，AD//BC，∴OA=OC，∠OAD=∠OCB，∠ADB=∠CBD，在△OAD和△OCB中，{∠OAD=∠OCBOA=OC∠AOD=∠COB，∴△OAD≌△OCB(ASA)，∴OD=OB，∴四边形ABCD是平行四边形，∵DB平分∠ADC，∴∠ADB=∠CDB，∴∠CBD=∠CDB，∴BC=DC，∴四边形ABCD是菱形；(2)解：∵四边形ABCD是菱形，∴OB=12BD=4，OC=12AC=3，AC⊥BD，∴∠BOC=90°，∴BC=√OB2+OC2=5，∵DE⊥BC，∴∠E=90°=∠BOC，∵∠OBC=∠EBD，∴△BOC∽△BED，∴OCDE =BCBD，即3DE=58，∴DE=245．【解析】(1)由ASA证明△OAD≌△OCB得出OD=OB，得出四边形ABCD是平行四边形，在证出∠CBD=∠CDB，得出BC=DC，即可得出四边形ABCD是菱形；(2)由菱形的性质得出OB=12BD=4，OC=12AC=3，AC⊥BD，由勾股定理得出BC=√OB2+OC2=5，证出△BOC∽△BED，得出OCDE =BCBD，即可得出结果．本题考查了菱形的判定与性质、平四边形的判定、全等三角形的判定与性质、勾股定理、等腰三角形的判定；熟练掌握菱形的判定与性质是解题的关键．23.【答案】解：(1)设AB=x米，则BC=60−2x(12.5<x<30)；(2)根据题意，得x(60−2x)=400，整理，得：x2−30x+200=0，解得：x1=20，x2=10(不符合题意，舍去)，BC=60−2x=20米．答：BC边的长为20米．【解析】(1)根据矩形的周长和一边的长表示出另一边的长即可；(2)利用矩形面积求法得出其边长，进而得出答案．此题主要考查了一元二次方程的应用，正确表示出矩形的长与宽是解题关键．24.【答案】解：(1)△=b2−4ac=[−(2k−1)]2−4(k2+1)=−4k−3>0，解得：k<−34；(2)抛物线与x轴交点的横坐标为x1，x2，则x1+x2=2k−1，x1⋅x2=k2+1，则1x1+1x2=x1+x2x1x2=2k−1k2+1=−32，解得：k=−13(舍去)或−1，故k=−1；(3)当k =−1时，y =x 2−(2k −1)x +k 2+1=x 2+3x +2，令x =0，则y =2，故点C(0,2)，即OC =2，令y =0，即x 2+3x +2=0，解得：x =−1和−2，则AB =1，三角形ABC 的面积=12×AB ⋅OC =12×1×2=1，故三角形ABC 的面积为1．【解析】(1)△=>0，即可求解；(2)1x 1+1x 2=x 1+x 2x 1x 2=2k−1k 2+1=−32，即可求解；(3)三角形ABC 的面积=12×AB ⋅OC ，即可求解．本题考查的是二次函数图象与系数的关系，要求学生熟悉函数的基本性质，能熟练求解函数与坐标轴的交点及顶点的坐标等．25.【答案】解：(1)设y =kt +b ，把t =1，y =118；t =3，y =114代入得到： {k +b =1183k +b =114，解得：{k =−2b =120， ∴y =−2t +120．将t =30代入上式，得：y =−2×30+120=60．所以在第30天的日销售量是60kg ．(2)设第x 天的销售利润为w 元．当1≤t ≤24时，由题意w =(−2t +120)(14t +30−20)=−12(t −10)2+1250， ∴t =10时w 最大值为1250元．当25≤t ≤48时，w =(−2t +120)(−12t +48−20)=t 2−116t +3360， ∵对称轴t =58，a =1>0，∴在对称轴左侧w 随x 增大而减小，∴t =25时，w 最大值=1085，综上所述第10天利润最大，最大利润为1250元．(3)设每天扣除捐赠后的日销售利润为m 元．由题意m =(−2t +120)(14t +30−20)−(−2t +120)n =−12t 2+(10+2n)t +1200−120n ，∵在前24天中，每天扣除捐赠后的日销售利润随时间t 的增大而增大，∴−10+2n2×(−12)>23.5，∴n >6.75．又∵n <9，∴n 的取值范围为6.75<n <9．【解析】(1)设y =kt +b ，利用待定系数法即可解决问题．(2)日利润=日销售量×每公斤利润，据此分别表示前24天和后24天的日利润，根据函数性质求最大值后比较得结论．(3)列式表示前24天中每天扣除捐赠后的日销售利润，根据函数性质求n 的取值范围．此题主要考查了二次函数的应用，熟练掌握各函数的性质和图象特征，针对所给条件作出初步判断后需验证其正确性，最值问题需由函数的性质求解时，正确表达关系式是关键．26.【答案】解：(1)设OA 所在直线的函数解析式为y =kx ，∵A(2,4)，∴2k =4，∴k =2，∴OA 所在直线的函数解析式为y =2x ．(2)①∵顶点M 的横坐标为m ，且在线段OA 上移动，∴y =2m(0≤m ≤2)．∴顶点M 的坐标为(m,2m)．∴抛物线函数解析式为y =(x −m)2+2m ．∴当x =2时，y =(2−m)2+2m =m 2−2m +4(0≤m ≤2)．∴点P 的坐标是(2,m 2−2m +4)．②∵PB =m 2−2m +4=(m −1)2+3，又∵0≤m ≤2，∴当m=1时，PB最短．(3)当线段PB最短时，此时抛物线的解析式为y=(x−1)2+2即y=x2−2x+3．假设在抛物线上存在点Q，使S△QMA=S△PMA．设点Q的坐标为(x,x2−2x+3)．①点Q落在直线OA的下方时，过P作直线PC//AO，交y轴于点C，∵PB=3，AB=4，∴AP=1，∴OC=1，∴C点的坐标是(0,−1)．∵点P的坐标是(2,3)，∴直线PC的函数解析式为y=2x−1．∵S△QMA=S△PMA，∴点Q落在直线y=2x−1上．∴x2−2x+3=2x−1．解得x1=2，x2=2，即点Q(2,3)．∴点Q与点P重合．∴此时抛物线上不存在点Q(2,3)，使△QMA与△APM的面积相等．②当点Q落在直线OA的上方时，作点P关于点A的对称称点D，过D作直线DE//AO，交y轴于点E，∵AP=1，∴EO=DA=1，∴E、D的坐标分别是(0,1)，(2,5)，∴直线DE函数解析式为y=2x+1．∵S△QMA=S△PMA，∴点Q落在直线y=2x+1上．∴x2−2x+3=2x+1．解得：x1=2+√2，x2=2−√2．代入y=2x+1得：y1=5+2√2，y2=5−2√2．∴此时抛物线上存在点Q1(2+√2,5+2√2)，Q2(2−√2,5−2√2)使△QMA与△PMA的面积相等．综上所述，抛物线上存在点Q1(2+√2,5+2√2)，Q2(2−√2,5−2√2)使△QMA与△PMA的面积相等．【解析】(1)根据A点的坐标，用待定系数法即可求出直线OA的解析式．(2)①由于M点在直线OA上，可根据直线OA的解析式来表示出M点的坐标，因为M 点是平移后抛物线的顶点，因此可用顶点式二次函数通式来设出这个二次函数的解析式，P的横坐标为2，将其代入抛物线的解析式中即可得出P点的坐标．②PB的长，实际就是P点的纵坐标，因此可根据其纵坐标的表达式来求出PB最短时，对应的m的值．(3)根据(2)中确定的m值可知：M、P点的坐标都已确定，因此AM的长为定值，若要使△QMA的面积与△PMA的面积相等，那么Q点到AM的距离和P到AM的距离应该相等，因此可分两种情况进行讨论：①当Q在直线OA下方时，可过P作直线OA的平行线交y轴于C，那么平行线上的点到OA的距离可相等，因此Q点必落在直线PC上，可先求出直线PC的解析式，然后利用抛物线的解析式，看得出的方程是否有解，如果没有则说明不存在这样的Q点，如果有解，得出的x的值就是Q点的横坐标，可将其代入抛物线的解析式中得出Q点的坐标．②当Q在直线OA上方时，同①类似，可先找出P关于A点的对称点D，过D作直线OA的平行线交y轴于E，那么直线DE上的点到AM的距离都等于点P到AM上的距离，然后按①的方法进行求解即可．(本题也可通过以AP为底，找出和点M到AP的距离相等的两条直线，然后联立抛物线的解析式进行求解即可)．本题考查了一次函数解析式的确定、二次函数图象的平移、函数图象的交点、图形面积的求法等知识点，主要考查学生分类讨论和数形结合的数学思想方法．。

湖南长沙市四中2019-2020年九年级(上)开学数学试卷

湖南长沙市四中2019-2020学年九年级（上）开学数学试卷一．选择题（每题3分，满分36分）1．下列图形中既是轴对称图形又是中心对称图形的是（）A．B．C．D．2．下列事件为必然事件的是（）A．袋中有4个蓝球，2个绿球，共6个球，随机摸出一个球是红球B．三角形的内角和为180°C．打开电视机，任选一个频道，屏幕上正在播放广告D．抛掷一枚硬币两次，第一次正面向上，第二次反面向上3．已知点M是平行四边形ABCD内一点（不含边界），设∠MAD＝θ1，∠MBA＝θ2，∠MCB ＝θ3，∠MDC＝θ4．若∠AMB＝110°，∠CMD＝90°，∠BCD＝60°．则（）A．θ1+θ4﹣θ2﹣θ3＝10°B．θ2+θ4﹣θ1﹣θ3＝30°C．θ1+θ4﹣θ2﹣θ3＝30°D．θ2+θ4﹣θ1﹣θ3＝40°4．圆内接四边形ABCD，∠A，∠B，∠C的度数之比为3：4：6，则∠D的度数为（）A．60B．80C．100D．1205．若式子有意义，则一次函数y＝（3﹣k）x+k﹣3的图象可能是（）A．B．C．D．6．已知点A（﹣1，2），O是坐标原点，将线段OA绕点O逆时针旋转90°，点A旋转后的对应点是A1，则点A1的坐标是（）A．（2，1）B．（1，2）C．（﹣2，﹣1）D．（﹣1，﹣2）7．在一次中学生田径运动会上，参加跳远的15名运动员的成绩如下表所示则这些运动员成绩的中位数、众数分别是（）A．4.65、4.70B．4.65、4.75C．4.70、4.75D．4.70、4.708．如图，A、B、C是正方形网格中的格点，将△ABC绕A点逆时针旋转45°得到△ADE，则tan D的值为（）A．B．C．D．9．如图，在平面直角坐标系中，点P坐标为（﹣2，3），以点O为圆心，以OP的长为半径画弧，交x轴的负半轴于点A，则点A的横坐标为（）A．B．2﹣C．﹣D．﹣210．共享单车为市民出行带来了方便，某单车公司第一个月投放a辆单车，计划第三个月投放单车y辆，设该公司第二、三两个月投放单车数量的月平均增长率为x，那么y与x的函数关系是（）A．y＝a（1+x）2B．y＝a（1﹣x）2C．y＝（1﹣x）2+a D．y＝x2+a11．已知a，b，c为常数，且点Q（b，a）在第三象限，则关于x的方程bx2﹣cx﹣a＝0的根的情况是（）A．有两个不相等的实数根B．有两个相等的实数根C．没有实数根D．无法确定12．如图，在边长为4的正方形ABCD中，点M为对角线BD上一动点，ME⊥BC于E，MF⊥CD于F，则EF的最小值为（）A．B．C．2D．1二．填空题（满分18分，每小题3分）13．抛物线y＝x2﹣4x﹣5与x轴交于点A、B，点P在抛物线上，若△P AB的面积为27，则满足条件的点P有个．14．甲、乙两名男同学练习投掷实心球，每人投了10次，平均成绩均为7.5米，方差分别为s甲2＝0.2，S乙2＝0.08，成绩比较稳定的是（填“甲”或“乙”）15．如果顺次联结四边形ABCD各边中点所得的四边形是矩形，那么对角线AC与BD需满足的条件是．16．一元二次方程x2+5x+a＝0的两根为m，n，若mn＝2，则m2+6m+n＝．17．如图，正方形ABCD和正方形CEFG中，点D在CG上，BC＝1，CE＝3，H是AF的中点，那么CH的长是．18．已知二次函数y＝4x2﹣mx+5，当x≤﹣2时，y随x的增大而减小；当x≥﹣2时，y随x的增大而增大，则当x＝1时，y的值为．三．解答题19．（6分）计算+|﹣2|+（﹣1）2019．20．（6分）化简求值[（x﹣2y）2﹣（x+y）（x﹣y）﹣7y2]÷2y，其中x＝4，y＝﹣3 21．（8分）为了传承中华民族优秀传统文化，我市某中学举行“汉字听写”比赛，赛后整理参赛学生的成绩，将学生的成绩分为A，B，C，D四个等级，并将结果绘制成图1的条形统计图和图2扇形统计图，但均不完整．请你根据统计图解答下列问题：（1）求参加比赛的学生共有多少名？并补全图1的条形统计图．（2）在图2扇形统计图中，m的值为，表示“D等级”的扇形的圆心角为度；（3）组委会决定从本次比赛获得A等级的学生中，选出2名去参加全市中学生“汉字听写”大赛．已知A等级学生中男生有1名，请用列表法或画树状图法求出所选2名学生恰好是一名男生和一名女生的概率．22．（8分）如图，利用一面墙（墙的长度不超过45米），用80米长的篱笆围成一个矩形场地．①怎样围才能使矩形场地的面积为750平方米？②能否围成面积为810平方米的矩形场地，为什么？23．（9分）如图，在矩形ABCD中，点E在边CD上，将该矩形沿AE折叠，使点D落在边BC上的点F处，过点F作分、FG∥CD，交AE于点G连接DG．（1）求证：四边形DEFG为菱形；（2）若CD＝8，CF＝4，求的值．24．（9分）为了迎接“十•一”小长假的购物高峰．某运动品牌专卖店准备购进甲、乙两种运动鞋．其中甲、乙两种运动鞋的进价和售价如下表：已知：用3000元购进甲种运动鞋的数量与用2400元购进乙种运动鞋的数量相同．（1）求m的值；（2）要使购进的甲、乙两种运动鞋共200双的总利润（利润＝售价﹣进价）不少于21700元，且不超过22300元，问该专卖店有几种进货方案？（3）在（2）的条件下，专卖店准备对甲种运动鞋进行优惠促销活动，决定对甲种运动鞋每双优惠a（50＜a＜70）元出售，乙种运动鞋价格不变．那么该专卖店要获得最大利润应如何进货？25．（10分）如图，已知二次函数y＝x2+bx+c的图象与x轴交于点A（1，0）、B（3，0），与y轴交于点C．（1）求二次函数的解析式；（2）若点P为抛物线上的一点，点F为对称轴上的一点，且以点A、B、P、F为顶点的四边形为平行四边形，求点P的坐标；（3）点E是二次函数第四象限图象上一点，过点E作x轴的垂线，交直线BC于点D，求四边形AEBD面积的最大值及此时点E的坐标．26．（10分）如图1，在矩形ABCD中，AB＝18cm，BC＝24cm．在Rt△GEF中，∠GFE＝90°．EF＝12cm，GF＝16cm．E，F两点在BC边上，GE，GF两边分别与矩形ABCD 对角线BD交于M，N两点．现矩形ABCD固定不动，△GEF从点F与点B重合的位置出发，沿BC以2cm/s的速度向点C运动，点P从点F出发，在折线FG﹣GE上以4cm/s 的速度向点E运动．⊙G是以G为圆心．GP的长为半径的圆．△GEF与点P同时出发，当点E到达点C时，△GEF和点P同时停止运动．设运动的时间是t（单位：s）．（1）当t＝2s时，PN＝cm，GM＝cm；（2）当△PGE为等腰三角形时，求t的值；（3）当⊙G与BD相切时，求t的值．参考答案一．选择题1．解：A、是轴对称图形，也是中心对称图形；B、不是轴对称图形，不是中心对称图形；C、不是轴对称图形，是中心对称图形；D、是轴对称图形，不是中心对称图形．故选：A．2．解：A．袋中有4个蓝球，2个绿球，共6个球，随机摸出一个球是红球是不可能事件；B．三角形的内角和为180°是必然事件；C．打开电视机，任选一个频道，屏幕上正在播放广告是随机事件；D．抛掷一枚硬币两次，第一次正面向上，第二次反面向上是随机事件；故选：B．3．解：∵四边形ABCD是平行四边形，∴∠BAD＝∠BCD＝60°，∴∠BAP＝60°﹣θ1，∠DCP＝60°﹣θ3，∴△ABP中，60°﹣θ1+θ2+110°＝180°，即θ2﹣θ1＝10°①，△DCP中，60°﹣θ3+θ4+90°＝180°，即θ4﹣θ3＝30°②，由②+①，可得（θ4﹣θ3）+（θ2﹣θ1）＝40°，即θ2+θ4﹣θ1﹣θ3＝40°，故选：D．4．解：∵内接四边形的对角互补，∴∠A：∠B：∠C：∠D＝3：4：6：5设∠A的度数为3x，则∠B，∠C，∠D的度数分别为4x，6x，5x∴3x+4x+6x+5x＝360°∴x＝20°∴∠D＝100°故选：C．5．解：∵式子有意义，∴k﹣3＞0，解得k＞3，∴3﹣k＜0，k﹣3＞0，∴一次函数y＝（3﹣k）x+k﹣3的图象过一、二、四象限．故选：D．6．解：如图，作AF⊥x轴于F，A1E⊥x轴于E．∵A（﹣1，2），∴AF＝2，OF＝1，∵∠AFO＝∠OEA1＝∠AOA1＝90°，∴∠AOF+∠EOA1＝90°，∠A+∠AOF＝90°，∴∠A＝∠EOA1，∵OA＝OA1，∴△AOF≌△OA1E（AAS），∴OE＝AF＝2，A1E＝OF＝1，∴A1（﹣2，﹣1），故选：C．7．解：这些运动员成绩的中位数、众数分别是4.70，4.75．故选：C．8．解：根据旋转的性质可知∠D＝∠B，∵tan B＝＝，∴tan D＝．故选：D．9．解：由勾股定理得，OP＝＝，由题意得，OA＝OP＝，则点A的横坐标为﹣，故选：C．10．解：设该公司第二、三两个月投放单车数量的月平均增长率为x，依题意得第三个月第三个月投放单车a（1+x）2辆，则y＝a（1+x）2．故选：A．11．解：∵点Q（b，a）在第三象限，∴a＜0，b＜0，∴ab＞0．∵△＝（﹣c）2﹣4b（﹣a）＝c2+4ab＞0，∴关于x的方程bx2﹣cx﹣a＝0有两个不相等的实数根．故选：A．12．解：连接MC，如图所示：∵四边形ABCD是正方形，∴∠C＝90°，∠DBC＝45°，∵ME⊥BC于E，MF⊥CD于F∴四边形MECF为矩形，∴EF＝MC，当MC⊥BD时，MC取得最小值，此时△BCM是等腰直角三角形，∴MC＝BC＝2，∴EF的最小值为2；故选：B．二．填空题（共6小题，满分18分，每小题3分）13．解：当y＝0时，x2﹣4x﹣5＝0，解得x1＝﹣1，x2＝5，∴A、B点的坐标为（﹣1，0），（5，0），设P（t，t2﹣4t﹣5），∵△P AB的面积为27，∴×（5+1）×|t2﹣4t﹣5|＝27，即t2﹣4t﹣5＝9或t2﹣4t﹣5＝﹣9，解t2﹣4t﹣5＝9得t1＝2+3，t2＝2﹣3，此时P点坐标为（2﹣3，9），（2+3，9）；解t2﹣4t﹣5＝﹣9得t1＝t2＝2，此时P点坐标为（2，﹣9），∴满足条件的点P有3个．故答案为3．14．解：∵S甲2＝0.2，S乙2＝0.08，∴S甲2＞S乙2，∴成绩比较稳定的是乙；故答案为：乙．15．证明：∵四边形EFGH是矩形，∴∠FEH＝90°，又∵点E、F、分别是AD、AB、各边的中点，∴EF是三角形ABD的中位线，∴EF∥BD，∴∠FEH＝∠OMH＝90°，又∵点E、H分别是AD、CD各边的中点，∴EH是三角形ACD的中位线，∴EH∥AC，∴∠OMH＝∠COB＝90°，即AC⊥BD．故答案为：AC⊥BD．16．解：由题意可知：m+n＝﹣5，mn＝2，∴a＝2，∴m2+5m+2＝0，∴原式＝m2+5m+m+n，＝﹣2+（﹣5）＝﹣7，故答案为：﹣717．解：∵正方形ABCD和正方形CEFG中，点D在CG上，BC＝1，CE＝3，∴AB＝BC＝1，CE＝EF＝3，∠E＝90°，延长AD交EF于M，连接AC、CF，则AM＝BC+CE＝1+3＝4，FM＝EF﹣AB＝3﹣1＝2，∠AMF＝90°，∵四边形ABCD和四边形GCEF是正方形，∴∠ACD＝∠GCF＝45°，∴∠ACF＝90°，∵H为AF的中点，∴CH＝AF，在Rt△AMF中，由勾股定理得：AF＝＝＝2，∴CH＝，故答案为：．18．解：∵当x≤﹣2时，y随x的增大而减小；当x≥﹣2时，y随x的增大而增大，∴对称轴x＝﹣＝﹣＝﹣2，解得m＝﹣16，∴y＝4x2+16x+5，那么当x＝1时，函数y的值为25．故答案为25．三．解答题（共8小题，满分66分）19．解：原式＝3+2﹣1，＝4．20．解：[（x﹣2y）2﹣（x+y）（x﹣y）﹣7y2]÷2y＝[x2﹣4xy+4y2﹣x2+y2﹣7y2]÷2y＝[﹣4xy﹣2y2]÷2y＝﹣2x﹣y，当x＝4，y＝﹣3时，原式＝﹣8+3＝﹣5．21．解：（1）根据题意得：3÷15%＝20（人），∴参赛学生共20人，则B等级人数20﹣（3+8+4）＝5人．补全条形图如下：（2）C等级的百分比为×100%＝40%，即m＝40，表示“D等级”的扇形的圆心角为360°×＝72°，故答案为：40，72．（3）列表如下：所有等可能的结果有6种，其中恰好是一名男生和一名女生的情况有4种，则P＝＝．（恰好是一名男生和一名女生）22．解：①设AB＝CD＝x米，则BC＝（80﹣2x）米，依题意，得：x（80﹣2x）＝750，整理，得：x2﹣40x+375＝0，解得：x1＝15，x2＝25，∴80﹣2x＝50或30．∵80﹣2x≤45，∴x＝25．答：矩形的长为30米，宽为25米．②不能，理由如下：设AB＝CD＝y米，则BC＝（80﹣2y）米，由题意，得：y（80﹣2y）＝810，整理，得：x2﹣40x+405＝0，∵△＝（﹣40）2﹣4×1×405＝﹣20＜0，∴不能围成面积为810平方米的矩形场地．23．（1）证明：由折叠的性质可知：DG＝FG，ED＝EF，∠1＝∠2，∵FG∥CD，∴∠2＝∠3，∴FG＝FE，∴DG ＝GF ＝EF ＝DE ， ∴四边形DEFG 为菱形；（2）解：设DE ＝x ，根据折叠的性质，EF ＝DE ＝x ，EC ＝8﹣x ，在Rt △EFC 中，FC 2+EC 2＝EF 2，即42+（8﹣x ）2＝x 2，解得：x ＝5，CE ＝8﹣x ＝3，∴＝．24．解：（1）依题意得，＝，整理得，3000（m ﹣20）＝2400m ，解得m ＝100，经检验，m ＝100是原分式方程的解，所以，m ＝100；（2）设购进甲种运动鞋x 双，则乙种运动鞋（200﹣x ）双，根据题意得，，解不等式①得，x ≥95，解不等式②得，x ≤105，所以，不等式组的解集是95≤x ≤105， ∵x 是正整数，105﹣95+1＝11， ∴共有11种方案；（3）设总利润为W ，则W ＝（240﹣100﹣a ）x +80（200﹣x ）＝（60﹣a ）x +16000（95≤x ≤105），①当50＜a ＜60时，60﹣a ＞0，W 随x 的增大而增大，所以，当x ＝105时，W 有最大值，即此时应购进甲种运动鞋105双，购进乙种运动鞋95双；②当a＝60时，60﹣a＝0，W＝16000，（2）中所有方案获利都一样；③当60＜a＜70时，60﹣a＜0，W随x的增大而减小，所以，当x＝95时，W有最大值，即此时应购进甲种运动鞋95双，购进乙种运动鞋105双．25．解：（1）用交点式函数表达式得：y＝（x﹣1）（x﹣3）＝x2﹣4x+3；故二次函数表达式为：y＝x2﹣4x+3；（2）①当AB为平行四边形一条边时，如图1，则AB＝PF＝2，则点P坐标为（4，3），当点P在对称轴左侧时，即点C的位置，点A、B、P、F为顶点的四边形为平行四边形，故：点P（4，3）或（0，3）；②当AB是四边形的对角线时，如图2，AB中点坐标为（2，0）设点P的横坐标为m，点F的横坐标为2，其中点坐标为：，即：＝2，解得：m＝2，故点P（2，﹣1）；故：点P（4，3）或（0，3）或（2，﹣1）；（3）直线BC的表达式为：y＝﹣x+3，设点E坐标为（x，x2﹣4x+3），则点D（x，﹣x+3），S＝AB（y D﹣y E）＝﹣x+3﹣x2+4x﹣3＝﹣x2+3x，四边形AEBD∵﹣1＜0，故四边形AEBD面积有最大值，当x＝，其最大值为，此时点E（，﹣）．26．解：（1）当t＝2时，BF＝2×2＝4（cm），FP＝2×4＝8（cm），∵四边形ABCD是矩形，∴∠C＝90°，AB＝CD＝18cm，tan∠DBC＝＝＝，∵∠GFE＝90°，∴∠BFN＝90°＝∠C，∴GF∥CD，∴△BFN∽△BCD，∴＝，即＝，解得：FN＝3cm，∴PN＝FP﹣FN＝5cm；GN＝GF﹣FN＝16﹣3＝13（cm），∵Rt△GEF中，∠GFE＝90°．EF＝12cm，GF＝16cm，∴GE＝＝20cm，tan∠G＝＝＝，∴∠DBC＝∠G，∵∠BFN＝180°﹣90°＝90°，∴∠DBC+∠BNF＝90°，∵∠GNM＝∠BNF，∴∠G+∠GNM＝90°，∴∠GMN＝90°，∴△GNM∽△GEF，∴＝，即＝，∴GM＝cm，故答案为：5，；（2）由题意得：当△PGE为等腰三角形时，PG＝PE，如图2所示：设PF＝x，则PE＝PG＝（16﹣x）cm，在Rt△PEF中，由勾股定理得：122+x2＝（16﹣x）2，解得：x＝，∴PF＝，∴t＝÷4＝（s）；（3）由勾股定理得：BD＝＝30cm，由（1）得：∠GMN＝90°，∴GM⊥BD，∵GP是⊙G的半径，∴当⊙G与BD相切时，GM＝GP，∵∠BME＝∠C＝90°，∠DBC＝∠EBM，∴△BME∽△BCD，∴＝，即＝，解得：ME＝（2t+12），∴GM＝GE﹣ME＝20﹣（2t+12）＝，分两种情况：①当0＜t≤4时，∵GP＝16﹣4t，∴＝16﹣4t，解得：t＝；②当4＜t≤6时，P与M重合，GP＝4t﹣16，∴＝4t﹣16，解得：t＝；综上所述，当⊙G与BD相切时，t的值为s或s．。

2019-2020学年湖南省长沙市天心区明德教育集团九年级(上)期中数学试卷(PDF版含解析)

C．1.5 105
D． 0.15 105
A．调查舞水河的水质情况，采用抽样调查的方式
B．数据 2，0， 2 ，1，3 的中位数是 2
C．可能性是 99% 的事件在一次实验中一定会发生
D．从 2000 名学生中随机抽取 100 名学生进行调查，样本容量为 2000 名学生 7．如图所示， O 的半径为 13，弦 AB 的长度是 24，ON AB ，垂足为 N ，则 ON ( )
25．（10 分）在平面直角坐标系 xOy 中，点 P 的坐标为 (x1 ， y1) ，点 Q 的坐标为 (x2 ， y2 ) ，且 x1 x2 ， y1 y2 ，若 P ， Q 为某个矩形的两个顶点，且该矩形的边均与某条坐标轴垂直，则称该矩形为点 P ， Q 的“衍生矩形”．如图为点 P ， Q 的“衍生矩形”的示意图．（1）已知点 A 的坐标为 (1, 0) ，点 B 的坐标为 (2, 4) 求点 A ， B 的“衍生矩形”的面积；（2）已知点 A 的坐标为 (1, 0) ，点 C 在直线 x 2 上，若点 A ，C 的“衍生矩形”为正方形，求直线 AC 的解析式；（3） O 的半径为 2 ，点 M 的坐标为 (m,3) ．若在 O 上存在一点 N ，使得点 M ， N 的 “衍生矩形”为正方形，求 m 的取值范围．
15．（3 分）已知关于 x 的方程 x2 kx 6 0 的一个根为 x 3 ，则方程的另一个根为
．
16．（3 分）函数 y x 2 中，自变量 x 的取值范围是
．
x3
17．（3 分）已知圆锥的底面半径为 4cm ，母线长为 6cm ，则它的侧面展开图的面积等于．
18．（3 分）如图，已知双曲线 y k (x 0)) 经过矩形 OABC 边 AB 的中点 F ，交 BC 于点 E ， x

2019-2020学年湖南省长沙市天心区长郡教育集团九年级(上)月考数学试卷(含解析)印刷版

2019-2020学年湖南省长沙市天心区长郡教育集团九年级（上）月考数学试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分，在每小题所出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的，请将正确选项前的字母代号填涂在答题卡相应位置上）1．（3分）下列各数是无理数的是（）A．0B．πC．D．﹣2．（3分）下列运算，正确的是（）A．2x+3y＝5xy B．（x﹣3）2＝x2﹣9C．（xy2）2＝x2y4D．x6÷x3＝x23．（3分）如图，是中心对称图形的是（）A．B．C．D．4．（3分）若代数式有意义，则x的取值是（）A．x＝0B．x≠0C．x＝3D．x≠﹣35．（3分）数据1，2，3，0，5，5，6的中位数和众数分别是（）A．3和2B．3和3C．3和5D．0和56．（3分）多项式3ma2+15mab的公因式是（）A．3m B．3ma2C．3ma D．3mab7．（3分）如图，能判定AB∥CD的是（）A．∠1＝∠4B．∠1＝∠3C．∠1＝∠2D．∠2＝∠38．（3分）若关于x的方程x2+6x﹣a＝0无实数根，则a的值可以是下列选项中的（）A．﹣10B．﹣9C．9D．109．（3分）下列说法中，错误的是（）A．平行四边形的对角线互相平分B．五边形的内角和是540°C．菱形的对角线互相垂直D．对角线互相垂直的四边形是菱形10．（3分）如图，在Rt△ABC中，∠ACB＝90°，∠ABC＝31°，将△ABC绕点C顺时针旋转α角（0°＜α＜180°）至△A'B'C，使得点A'恰好落在AB边上，则α等于（）A．149°B．69°C．62°D．31°11．（3分）已知二次函数y＝ax2+bx+c的图象如图所示，那么一次函数y＝bx+ac在直角坐标系中的图象大致为（）A．B．C．D．12．（3分）如图，在正方形ABCD中，点O为对角线AC的中点，过点O作射线OG、ON分别交AB、BC于点E、F，且∠EOF＝90°，BO、EF交于点P，则下列结论中：（1）△OEF是等腰直角三角形；（2）图形中全等的三角形只有两对；（3）BE+BF＝OA；（4）正方形ABCD的面积等于四边形OEBF面积的4倍，正确的结论有（）A．1个B．2 个C．3个D．4个二、填空阻（本大题头有6小题，每小题3分，共18分，不需写出解答过程，请把答直接写在答题卡相应位置上）13．（3分）已知y＝++3，则x﹣y＝．14．（3分）若点P（4，﹣5）和点Q（a，b）关于原点对称，则a的值为．15．（3分）已知一等腰三角形有两边长为6，8，则这个三角形的周长为．16．（3分）已知a，b满足方程组，则a﹣4b的值为．17．（3分）如图，在△ABC中，AB＝6，将△ABC绕点B按逆时针方向旋转30°后得到△A1BC1，则阴影部分的面积为．18．（3分）如图，直线y＝x+1与抛物线y＝x2﹣4x+5交于A，B两点，点P是y轴上的一个动点，当△P AB 的周长最小时，S△P AB＝．三、解答题（本大题共8小题，第19、20题每题6分；第21、22题每题8分;第23、24题每题9分；第25，26题每题10分）19．（6分）计算：﹣22++（3﹣π）0﹣|π﹣3|．20．（6分）先化简，再求值：（a+b）2﹣（a+b）（a﹣b）﹣2b2，其中a＝﹣1，b＝2．21．（8分）如图，在边长为1的小正方形组成的网格中，△AOB的三个顶点均在格点上，点A、B的坐标分别为（3，2）、（1，3）．△AOB绕点O逆时针旋转90°后得到△A1OB1．（1）在网格中画出△A1OB1，并标上字母；（2）点A关于O点中心对称的点的坐标为；（3）点A1的坐标为；（4）在旋转过程中，点B经过的路径为弧BB1，那么弧BB1的长为．22．（8分）如图，在△ABC中，AE是它的角平分线，∠C＝90°，∠B＝30°，D在AB边上，AD＝4，以AD为直径的圆O经过点E．（1）求证：BC是⊙O的切线；（2）求图中阴影部分的面积．23．（9分）某商店在2017年至2019年期间销售一种礼盒，2017年，该商店用3500元购进了这种礼盒并且全部售完；2019年这种礼盒的进价比2017年下降了11元/盒，该商店用2400元购进了与2017年相同数量的礼盒也全部售完，礼盒的售价均为60元/盒．（1）2017年这种礼盒的进价是多少元/盒？（2）若该商店每年销售这种礼盒所获利润的年增长率相同问年增长率是多少？24．（9分）如图所示，AB是⊙O的直径，AE是弦，C是劣弧AE的中点，过C作CD⊥AB于点D，CD 交AE于点F，过C作CG∥AE交BA的延长线于点G．（1）求证：CG是⊙O的切线．（2）求证：AF＝CF．（3）若∠EAB＝30°，CF＝2，求GA的长．25．在直角坐标系中，⊙O1经过坐标原点O，分别与x轴正半轴、y轴正半轴交于点A、B．（1）如图，过点A作⊙O1的切线与y轴交于点C，点O到直线AB的距离为，OA：OB＝3：4，BC ＝，①求AB的长；②求直线AC的解析式；（2）若⊙O1经过点M（2，2），设△BOA的内切圆的直径为d，试判断d+AB的值是否会发生变化？如果不变，求出其值；如果变化，求其变化的范围．26．（10分）已知抛物线的顶点坐标为M（1，4），且经过点N（2，3），与x轴交于A，B两点（点A在点B左侧），与y轴交于点C、设直线CM与x轴交于点D．（1）求抛物线的解析式．（2）在抛物线的对称轴上是否存在点P，使以点P为圆心的圆经过A、B两点，且与直线CD相切？若存在，求出P的坐标；若不存在．请说明理由．（3）设直线y＝kx+2与抛物线交于Q、R两点，若原点O在以QR为直径的圆外，请直接写出k的取值范围．2019-2020学年湖南省长沙市天心区长郡教育集团九年级（上）月考数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分，在每小题所出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的，请将正确选项前的字母代号填涂在答题卡相应位置上）1．（3分）下列各数是无理数的是（）A．0B．πC．D．﹣【分析】由于无理数就是无限不循环小数．初中范围内学习的无理数有：π，2π等；开方开不尽的数；以及0.1010010001…，等有这样规律的数．由此即可判定选择项．【解答】解：，∴0，，是有理数，π是无理数．故选：B．2．（3分）下列运算，正确的是（）A．2x+3y＝5xy B．（x﹣3）2＝x2﹣9C．（xy2）2＝x2y4D．x6÷x3＝x2【分析】直接利用合并同类项法则以及完全平方公式和积的乘方运算法则、同底数幂的乘除运算法则分别计算得出答案．【解答】解：A、2x+3y，无法计算，故此选项错误；B、（x﹣3）2＝x2﹣6x+9，故此选项错误；C、（xy2）2＝x2y4，正确；D、x6÷x3＝x3，故此选项错误；故选：C．3．（3分）如图，是中心对称图形的是（）A．B．C．D．【分析】根据把一个图形绕某一点旋转180°，如果旋转后的图形能够与原来的图形重合，那么这个图形就叫做中心对称图形，这个点叫做对称中心进行分析即可．【解答】解：A、不是中心对称图形，故此选项错误；B、不是中心对称图形，故此选项错误；C、是中心对称图形，故此选项正确；D、不是中心对称图形，故此选项错误；故选：C．4．（3分）若代数式有意义，则x的取值是（）A．x＝0B．x≠0C．x＝3D．x≠﹣3【分析】根据分式有意义的条件可得x+3≠0，再解即可．【解答】解：由题意得：x+3≠0，解得：x≠﹣3，故选：D．5．（3分）数据1，2，3，0，5，5，6的中位数和众数分别是（）A．3和2B．3和3C．3和5D．0和5【分析】根据中位数和众数的定义解答即可．【解答】解：把这些数从小到大为：0，1，2，3，5，5，6，最中间的数是3，则中位数是3；∵5出现了2次，出现的次数最多，∴众数是5；故选：C．6．（3分）多项式3ma2+15mab的公因式是（）A．3m B．3ma2C．3ma D．3mab【分析】定系数，即确定各项系数的最大公约数；定字母，即确定各项的相同字母因式（或相同多项式因式）；定指数，即各项相同字母因式（或相同多项式因式）的指数的最低次幂．【解答】解：多项式3ma2+15mab的公因式是3ma，故选：C．7．（3分）如图，能判定AB∥CD的是（）A．∠1＝∠4B．∠1＝∠3C．∠1＝∠2D．∠2＝∠3【分析】利用平行线的判定定理逐项分析即可．【解答】解：A．根据∠1＝∠4能推出AB∥CD，所以此选项正确；B．根据∠3＝∠1不能推出AB∥CD，所以此选项错误；C．根据∠2＝∠1不能推出AB∥CD，所以此选项错误；D．根据∠3＝∠2不能推出AB∥CD，所以此选项错误；故选：A．8．（3分）若关于x的方程x2+6x﹣a＝0无实数根，则a的值可以是下列选项中的（）A．﹣10B．﹣9C．9D．10【分析】根据方程无实数根得出关于a的不等式，求出不等式的解集，再进行判断即可．【解答】解：∵关于x的方程x2+6x﹣a＝0无实数根，∴△＝62﹣4×1×（﹣a）＜0，解得：a＜﹣9，∴只有选项A符合，故选：A．9．（3分）下列说法中，错误的是（）A．平行四边形的对角线互相平分B．五边形的内角和是540°C．菱形的对角线互相垂直D．对角线互相垂直的四边形是菱形【分析】分别根据平行四边形的性质、多边形内角和和菱形的判定和性质逐项判断即可．【解答】解：∵平行四边形的对角线互相平分，∴A选项正确；∵五边形内角和＝（5﹣2）×180°＝540°，∴B选项正确；∵菱形的对角线互相垂直，∴C选项正确；∵只有对角线互相垂直且平分的四边形才是菱形，∴D选项错误；∴错误的是D，故选：D．10．（3分）如图，在Rt△ABC中，∠ACB＝90°，∠ABC＝31°，将△ABC绕点C顺时针旋转α角（0°＜α＜180°）至△A'B'C，使得点A'恰好落在AB边上，则α等于（）A．149°B．69°C．62°D．31°【分析】根据三角形内角和定理求出∠A，再利用等腰三角形的性质求出∠ACA′即可解决问题．【解答】解：∵∠ACB＝90°，∴∠A＝90°﹣∠B＝59°，∵CA＝CA′，∴∠A＝∠CA′A＝59°，∴α＝∠ACA′＝180°﹣2×59°＝62°，故选：C．11．（3分）已知二次函数y＝ax2+bx+c的图象如图所示，那么一次函数y＝bx+ac在直角坐标系中的图象大致为（）A．B．C．D．【分析】根据二次函数的图象可以判断a、b、c的正负情况，然后根据一次函数的解析式和一次函数的性质即可得到该一次函数的图象经过哪几个象限，本题得以解决．【解答】解：由二次函数的图象可知，a＞0，b＜0，c＜0，∵一次函数y＝bx+ac，∴b＜0，ac＜0，∴一次函数y＝bx+ac的图象经过第二、三、四象限，故选：D．12．（3分）如图，在正方形ABCD中，点O为对角线AC的中点，过点O作射线OG、ON分别交AB、BC于点E、F，且∠EOF＝90°，BO、EF交于点P，则下列结论中：（1）△OEF是等腰直角三角形；（2）图形中全等的三角形只有两对；（3）BE+BF＝OA；（4）正方形ABCD的面积等于四边形OEBF面积的4倍，正确的结论有（）A．1个B．2 个C．3个D．4个【分析】（1）（3）（4）正确．只要证明△BOE≌△COF，即可解决问题，（2）图中全等三角形不止两对，故（2）错误．【解答】解：∵四边形ABCD是正方形，∴AB＝BC，ABC＝90°，∠BAO＝∠ABO＝∠OBC＝45°，AC⊥BD，∵∠EOF＝90°，∴∠BOE+∠BOF＝90°，∵∠BOF+∠COF＝90°，∴∠BOE＝∠COF，在△BOE和△COF中，，∴△BOE≌△COF（ASA），∴OE＝OF，BE＝CF，∴△EOF是等腰直角三角形，故（1）正确，∴BE+BF＝CF+BF＝BC＝OA，故（3）正确，∵S四边形OEBF＝S△BOE+S△BOE＝S△BOE+S△COF＝S△BOC＝S正方形ABCD，∴S正方形ABCD＝4S四边形OEBF故（4）正确；图中全等三角形有△BOE≌△COF，△AOB≌△AOD≌△DOC≌△BOC，故（2）错误．故选：C．二、填空阻（本大题头有6小题，每小题3分，共18分，不需写出解答过程，请把答直接写在答题卡相应位置上）13．（3分）已知y＝++3，则x﹣y＝﹣2．【分析】根据二次根式有意义的条件确定出x的值，进而得出y的值，代入即可求解．【解答】解：∵y＝++3，∴解得：x＝1∴y＝3∴x﹣y＝﹣2故答案为：﹣2 14．（3分）若点P（4，﹣5）和点Q（a，b）关于原点对称，则a的值为﹣4．【分析】根据关于原点对称的点的坐标特点：两个点关于原点对称时，它们的坐标符号相反可得答案．【解答】解：∵点P（4，﹣5）和点Q（a，b）关于原点对称，∴点Q的坐标为（﹣4，5），即a＝﹣4．故答案为：﹣4．15．（3分）已知一等腰三角形有两边长为6，8，则这个三角形的周长为20或22．【分析】分为两种情况：①等腰三角形的三边为6，6，8，②等腰三角形的三边为6，8，8，分别求出即可．【解答】解：分为两种情况：①等腰三角形的三边为6，6，8，符合三角形的三边关系定理，此时这个三角形的周长是6+6+8＝20；②等腰三角形的三边为6，8，8，符合三角形的三边关系定理，此时这个三角形的周长是6+8+8＝22；即等腰三角形的周长为20或22，故答案为：20或22．16．（3分）已知a，b满足方程组，则a﹣4b的值为4．【分析】根据二元一次方程组的解法即可求出答案．【解答】解：两式相加可得：﹣a+4b＝﹣4，∴a﹣4b＝4，故答案为：417．（3分）如图，在△ABC中，AB＝6，将△ABC绕点B按逆时针方向旋转30°后得到△A1BC1，则阴影部分的面积为9．【分析】根据旋转的性质得到△ABC≌△A1BC1，A1B＝AB＝6，所以△A1BA是等腰三角形，依据∠A1BA ＝30°得到等腰三角形的面积，由图形可以知道S阴影＝S△A1BA+S△A1BC1﹣S△ABC＝S△A1BA，最终得到阴影部分的面积．【解答】解：∵在△ABC中，AB＝6，将△ABC绕点B按逆时针方向旋转30°后得到△A1BC1，∴△ABC≌△A1BC1，∴A1B＝AB＝6，∴△A1BA是等腰三角形，∠A1BA＝30°，∴S△A1BA＝9，又∵S阴影＝S△A1BA+S△A1BC1﹣S△ABC，S△A1BC1＝S△ABC，∴S阴影＝S△A1BA＝9．故答案为：9．18．（3分）如图，直线y＝x+1与抛物线y＝x2﹣4x+5交于A，B两点，点P是y轴上的一个动点，当△P AB的周长最小时，S△P AB＝．【分析】根据轴对称，可以求得使得△P AB的周长最小时点P的坐标，然后求出点P到直线AB的距离和AB的长度，即可求得△P AB的面积，本题得以解决．【解答】解：，解得，或，∴点A的坐标为（1，2），点B的坐标为（4，5），∴AB＝＝3，作点A关于y轴的对称点A′，连接A′B与y轴的交于P，则此时△P AB的周长最小，点A′的坐标为（﹣1，2），点B的坐标为（4，5），设直线A′B的函数解析式为y＝kx+b，，得，∴直线A′B的函数解析式为y＝x+，当x＝0时，y＝，即点P的坐标为（0，），将x＝0代入直线y＝x+1中，得y＝1，∵直线y＝x+1与y轴的夹角是45°，∴点P到直线AB的距离是：（﹣1）×sin45°＝＝，∴△P AB的面积是：＝，故答案为：．三、解答题（本大题共8小题，第19、20题每题6分；第21、22题每题8分;第23、24题每题9分；第25，26题每题10分）19．（6分）计算：﹣22++（3﹣π）0﹣|π﹣3|．【分析】直接利用零指数幂的性质以及绝对值的性质分别化简得出答案．【解答】解：原式＝﹣4+2+1﹣（π﹣3）＝﹣4+2+1﹣π+3＝﹣π+2．20．（6分）先化简，再求值：（a+b）2﹣（a+b）（a﹣b）﹣2b2，其中a＝﹣1，b＝2．【分析】根据完全平方公式、平方差公式可以化简题目中的式子，然后将a、b的值代入化简后的式子即可解答本题．【解答】解：（a+b）2﹣（a+b）（a﹣b）﹣2b2＝a2+2ab+b2﹣a2+b2﹣2b2＝2ab，当a＝﹣1，b＝2时，原式＝2×（﹣1）×2＝﹣4．21．（8分）如图，在边长为1的小正方形组成的网格中，△AOB的三个顶点均在格点上，点A、B的坐标分别为（3，2）、（1，3）．△AOB绕点O逆时针旋转90°后得到△A1OB1．（1）在网格中画出△A1OB1，并标上字母；（2）点A关于O点中心对称的点的坐标为（﹣3，﹣2）；（3）点A1的坐标为（﹣2，3）；（4）在旋转过程中，点B经过的路径为弧BB1，那么弧BB1的长为π．【分析】（1）利用旋转的性质得出A1，B1的位置，即可得出所要图形；（2）利用关于原点对称点的坐标性质得出即可；（3）利用（1）中图形得出点A1的坐标；（4）利用弧长公式的求出弧BB1的长．【解答】解：（1）如图所示：（2）∵点A的坐标为（3，2），∴点A关于O点中心对称的点的坐标为：（﹣3，﹣2）；故答案为：（﹣3，﹣2）；（3）由（1）得：点A1的坐标为（﹣2，3）；故答案为：（﹣2，3）；（4）∵B的坐标为（1，3），∴BO＝，∴在旋转过程中，点B经过的路径为弧BB1，那么弧BB1的长为：＝．故答案为：π．22．（8分）如图，在△ABC中，AE是它的角平分线，∠C＝90°，∠B＝30°，D在AB边上，AD＝4，以AD为直径的圆O经过点E．（1）求证：BC是⊙O的切线；（2）求图中阴影部分的面积．【分析】（1）直接利用角平分线的性质结合等腰三角形的性质得出∠CAE＝∠OEA，进而得出∠OEB＝90°，即可得出答案；（2）首先求出EO，BE的长，进而利用阴影部分的面积＝S△EOB﹣S扇形EOD，进而得出答案．【解答】（1）证明：连接OE，∵AE平分∠CAB，∴∠CAE＝∠EAB，∵AO＝EO，∴∠OAE＝∠AEO，∴∠CAE＝∠OEA，∴AC∥EO，∵∠C＝90°，∴∠OEB＝90°，∴BC是⊙O的切线；（2）解：∵∠B＝30°，∠OEB＝90°，∴EO＝BO，∠EOB＝60°，∵AD＝4，∴EO＝2，DO＝2，∴BO＝4，∴BE＝2，图中阴影部分的面积为：×EO×BE﹣＝2﹣π．23．（9分）某商店在2017年至2019年期间销售一种礼盒，2017年，该商店用3500元购进了这种礼盒并且全部售完；2019年这种礼盒的进价比2017年下降了11元/盒，该商店用2400元购进了与2017年相同数量的礼盒也全部售完，礼盒的售价均为60元/盒．（1）2017年这种礼盒的进价是多少元/盒？（2）若该商店每年销售这种礼盒所获利润的年增长率相同问年增长率是多少？【分析】（1）设2017年这种礼盒的进价是x元/盒，则2019年这种礼盒的进价是（x﹣11）元/盒，根据数量＝总价÷单价结合2017年和2019年购入礼盒数相同，即可得出关于x的分式方程，解之经检验后即可得出结论；（2）利用数量＝总价÷单价可求出2017年及2019年购进这种礼盒的数量，设该商店每年销售这种礼盒所获利润的年增长率为y，根据2017年及2019年获得的利润，即可得出关于y的一元二次方程，解之取其正值即可得出结论．【解答】解：（1）设2017年这种礼盒的进价是x元/盒，则2019年这种礼盒的进价是（x﹣11）元/盒，依题意，得：＝，解得：x＝35，经检验，x＝35是原方程的解，且符合题意．答：2017年这种礼盒的进价是35元/盒．（2）2017年及2019年购进这种礼盒的数量为3500÷35＝100（盒）．设该商店每年销售这种礼盒所获利润的年增长率为y，依题意，得：（60﹣35）×100（1+y）2＝（60﹣35+11）×100，解得：x1＝0.2＝20%，x2＝﹣2.2（不合题意，舍去）．答：该商店每年销售这种礼盒所获利润的年增长率为20%．24．（9分）如图所示，AB是⊙O的直径，AE是弦，C是劣弧AE的中点，过C作CD⊥AB于点D，CD 交AE于点F，过C作CG∥AE交BA的延长线于点G．（1）求证：CG是⊙O的切线．（2）求证：AF＝CF．（3）若∠EAB＝30°，CF＝2，求GA的长．【分析】（1）连结OC，由C是劣弧AE的中点，根据垂径定理得OC⊥AE，而CG∥AE，所以CG⊥OC，然后根据切线的判定定理即可得到结论；（2）连结AC、BC，根据圆周角定理得∠ACB＝90°，∠B＝∠1，而CD⊥AB，则∠CDB＝90°，根据等角的余角相等得到∠B＝∠2，所以∠1＝∠2，于是得到AF＝CF；（3）在Rt△ADF中，由于∠DAF＝30°，F A＝FC＝2，根据含30度的直角三角形三边的关系得到DF ＝1，AD＝，再由AF∥CG，根据平行线分线段成比例得到DA：AG＝DF：CF然后把DF＝1，AD＝，CF＝2代入计算即可．【解答】（1）证明：连结OC，如图，∵C是劣弧AE的中点，∴OC⊥AE，∵CG∥AE，∴CG⊥OC，∴CG是⊙O的切线；（2）证明：连结AC、BC，∵AB是⊙O的直径，∴∠ACB＝90°，∴∠2+∠BCD＝90°，而CD⊥AB，∴∠B+∠BCD＝90°，∴∠B＝∠2，∵C是劣弧AE的中点，∴＝，∴∠1＝∠B，∴∠1＝∠2，∴AF＝CF；（3）解：在Rt△ADF中，∠DAF＝30°，F A＝FC＝2，∴DF＝AF＝1，∴AD＝DF＝，∵AF∥CG，∴DA：AG＝DF：CF，即：AG＝1：2，∴AG＝2．25．在直角坐标系中，⊙O1经过坐标原点O，分别与x轴正半轴、y轴正半轴交于点A、B．（1）如图，过点A作⊙O1的切线与y轴交于点C，点O到直线AB的距离为，OA：OB＝3：4，BC＝，①求AB的长；②求直线AC的解析式；（2）若⊙O1经过点M（2，2），设△BOA的内切圆的直径为d，试判断d+AB的值是否会发生变化？如果不变，求出其值；如果变化，求其变化的范围．【分析】（1）已知点O到直线AB的距离为，且OA：OB＝3：4，从O点作AB的垂线，利用三角函数关系求出OA、OB和OB的关系，利用△AOB的面积公式可求出AB的长度；根据三角函数分别求出A、C的坐标．利用待定系数法可求得直线AC的解析式；（2）设△AOB的内切圆分别切OA、OB、AB于点P、Q、T，则d+AB＝OQ+OP+QB+P A＝OA+OB，由此即可解决问题．【解答】解：（1）如图1，过O作OG⊥AB于G，则OG＝，∵OA：OB＝3：4，设OA＝3k，OB＝4k，∴AB＝5k，∵OA•OB＝AB•OG＝2S△AOB，即3k×4k＝5k×，∴k＝1，∴AB＝5；∴A（3，0）．∵∠AOB＝90°，∴AB是⊙O1的直径．∵AC切⊙O1于A，∴BA⊥AC，∴∠BAC＝90°．∵BC＝．∴OC＝BC﹣OB＝．∴C（0，﹣）．设直线AC的解析式为y＝kx+b，则，∴k＝．∴直线AC的解析式为y＝x﹣；（2）结论：d+AB的值不会发生变化，设△AOB的内切圆分别切OA、OB、AB于点P、Q、T，如图2所示．∴BQ＝BT，AP＝AT，OQ＝OP＝．∴BQ＝BT＝OB﹣，AP＝AT＝OA﹣．∴AB＝BT+AT＝OB﹣+OA﹣＝OA+OB﹣d．则d+AB＝d+OA+OB﹣d＝OA+OB．在x轴上取一点N，使AN＝OB，连接OM、BM、AM、MN．∵M（2，2），∴OM平分∠AOB，∴OM＝2，∴∠BOM＝∠MON＝45°，∴AM＝BM，又∵∠MAN＝∠OBM，OB＝AN，∴△BOM≌△ANM，∴∠BOM＝∠ANM＝45°，∠ANM＝∠MON，∴OM＝NM，∠OMN＝90°，∴OA+OB＝OA+AN＝ON＝×OM＝×2＝4．∴d+AB的值不会发生变化，其值为4．26．（10分）已知抛物线的顶点坐标为M（1，4），且经过点N（2，3），与x轴交于A，B两点（点A在点B左侧），与y轴交于点C、设直线CM与x轴交于点D．（1）求抛物线的解析式．（2）在抛物线的对称轴上是否存在点P，使以点P为圆心的圆经过A、B两点，且与直线CD相切？若存在，求出P的坐标；若不存在．请说明理由．（3）设直线y＝kx+2与抛物线交于Q、R两点，若原点O在以QR为直径的圆外，请直接写出k的取值范围．【分析】（1）设解析式为y＝a（x﹣1）2+4，根据待定系数法，可得函数解析式；（2）根据根据勾股定理，可得P A的长，PQ的长，根据圆的半径相等，可得关于u的方程，根据解方程，可得答案．（3）如图，设P（x1，y1），Q（x2，y2），PQ的中点为w．因为原点O在以QR为直径的圆外，可知2OW＞PQ，由此构建不等式，解不等式即可解决问题；【解答】（1）解：由抛物线的顶点是M（1，4），设解析式为y＝a（x﹣1）2+4（a＜0），又∵抛物线经过点N（2，3），∴3＝a（2﹣1）2+4，解得a＝﹣1．故所求抛物线的解析式为y＝﹣（x﹣1）2+4，即y＝﹣x2+2x+3；（2）解：如图：假设在x轴上方存在这样的P点，使以P为圆心的圆经过A、B两点，并且与直线CD相切，设P（1，u）其中u＞0，则P A是圆的半径且P A2＝u2+22，过P做直线CD的垂线，垂足为Q，则PQ＝P A时以P为圆心的圆与直线CD相切．由第（2）小题易得：△MDE为等腰直角三角形，故△PQM也是等腰直角三角形，由P（1，u）得PE＝u，PM＝|4﹣u|，PQ＝PM．由PQ2＝P A2得方程：（4﹣u）2＝u2+22，解得u＝﹣4+2，u＝﹣4﹣2所以，满足题意的点P存在，其坐标为（1，﹣4+2）或（1，﹣4﹣2）．（3）如图，设R（x1，y1），Q（x2，y2），PQ的中点为w．由，消去y得到：x2+（k﹣2）x﹣1＝0，∴x1+x2＝2﹣k，x1•x2＝﹣1，∴y1+y2＝k（x1+x2）+4＝﹣k2+2k+4，y1y2＝k2（x1x2）+2k（x1+x2）+4＝﹣3k2+4k+4，∴W（，），RQ＝＝∵原点O在以QR为直径的圆外，∴2OW＞PQ，∴2•＞整理得：3k2﹣4k﹣3＜0，解得＜k＜．。

2019-2020学年湖南省长沙市天心区明德教育集团九年级上学期期末考试数学试卷及答案解析

第 1 页共 28 页 2019-2020学年湖南省长沙市天心区明德教育集团九年级上学期期末考试数学试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分）1．（3分）下列实数中，有理数是（）A ．﹣2B ．√3C ．√2−1D ．π2．（3分）某超市一天的收入约为450000元，将450000用科学记数法表示为（）A ．4.5×106B ．45×105C ．4.5×105D ．0.45×106 3．（3分）下列运算中，正确的是（）A ．x 3+x ＝x 4B ．（x 2）3＝x 6C ．3x ﹣2x ＝1D ．（a ﹣b ）2＝a 2﹣b 24．（3分）下列说法正确的是（）A ．为了了解全国中学生的睡眠情况，应该采用普查的方式B ．某种彩票的中奖机会是1%，则买100张这种彩票一定会中奖C ．若甲组数据的方差s 甲2＝0.1，乙组数据的方差s 乙2＝0.2，则乙组数据比甲组数据稳定D ．一组数据1，5，3，2，3，4，8的众数和中位数都是35．（3分）不等式组{2x −1≥58−4x ＜0的解集在数轴上表示为（） A ．B ．C ．D ． 6．（3分）圆心角为240°的扇形的半径为3cm ，则这个扇形的面积是（）cm 2．A ．πB ．3πC ．9πD ．6π7．（3分）如图，A 、D 是⊙O 上的两点，BC 是直径，若∠D ＝40°，则∠ACO ＝（）A ．80°B ．70°C ．60°D ．50°。

1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。