2011年广东省高考高考理综物理试题含答案word版

绝密★启用前试卷类型：B 2011年普通高等学校招生全国统一考试（广东卷）

理科综合（物理部分）

本试卷共10页，36小题，满分300分。考试用时150分钟。

注意事项： 1. 答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和考生号、试室号、座位号填写在答题卡上。用2B铅笔将试卷类型(A)填涂在答题卡相

应位置上。将条形码横贴在答题卡右上角“条形码粘贴处”。

2. 选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息

点涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选择其他答案，答案不能答在试

卷上。

3. 非选择题必须用黑色字钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指

定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答

案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答的答案无效。

4. 考生必须保持答题卡的整洁。考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本大题共16小题，每小题4分。共64分。在每小题给出的四个选项中，

只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分。

2011年普通高等学校招生全国统一考试（广东卷）

理科综合（物理部分）参考答案及解析

一、

二、双项选择题，每小题6分，共30分。每小题有两个正确选项，每选对一项得3分，错选、

13.C 解析：铅柱由于分子间的引力而粘在一起，故C 正确。

14.B 解析：在M 向下滑的过程中，气体体积变小，外界对气体做功，W >0，没有热交换，Q=0，由热力学第一定律Q W U +=∆，气体内能增大。故B 正确。 15.C 解析：由法拉第电磁感应定律t

n

E ∆∆=φ

可知，C 正确。 16.D 解析：把F 1、F 2、F 3移到一个矢量三角形中，可知F 3对应900, 可知F 1对应600, 可知F 2

对应300.故D 正确。 17.AB 解析：网球做平抛运动有：vt L = 2

2

1gt H =

22H L s +=可知，AB 正确。 18.BD 解析：由光电效应规律及光电效应方程可知AC 错误，BD 正确。 19.AC 解析：电压、电流表表示有效值，故AC 正确。由图可知频率为50Hz ，由

2

1

21n n U U = 可知，原、副线圈匝数之比为2:1，故B 错误。

20.CD 解析：第一宇宙速度是最大运行速度，C 正确；地球表面的重力加速度为最大运行加速

度，D 正确；由)()2()

(2

2

h R T m h R Mm G

+=+π可知，AB 错误。 21.AD 解析：电场由电容的正极指向负极，A 正确；由电荷从电容的负极到正极，可知尘埃带

负电，电场力的方向与电场方向相反，BC 错误，由F=qE 及匀强电场可知，D 正确。 三、非选择题

34.(18分)

（1）① 2.20 ②加速度的二分之一 0.923 (2) ①×1 7.5 ②如右图 ③ a 、b

④ ab 解析：因为ab 电流相距太远，可能是直线，也可能先是直线，后是曲线。 35.(18分) 解：

（1）粒子从A 点射出后到外界边界射出过程，由动能定理得

22

101122

qU mv mv =

①

解得0v =

② （2）撤去电场后，作出粒子的运动轨迹如答图1，设粒子运动的轨道半径为r ，由牛顿第二

定律 22

2v qBv m r

= ③

由几何关系可知，粒子运动的圆心角为900，则 22212()r R R =- 得

0r = ④

联立③④

得B =

⑤

匀速圆周运动周期2

2r

T v π=

⑥ 粒子在磁场中运动时间1

4

t T =

⑦ 联立③⑤⑥⑦，得

t =

⑧ （3）要使粒子一定能够从外圆射出，粒子刚好与两边界相切，轨迹图如答图2

由几何关系可知粒子运动的轨道半径21

102

R R r R -== ⑨

设此过程的磁感应强度为B 1， 由牛顿第二定律23

131

v qB v m r = ⑩

由⑨⑩，得3

10

mv B qR =

⑾ 所以磁感应强度应小于

3

mv qR 36.(18分) 解：（1）设物块到达B 点的速度为v B ，对物块从E 到B 由动能定理得

2

1

5202

B mg R mg R mv μ⋅+⋅=- ①

解得B v = ②

（2）假设物块与滑板达到共同速度v 时，物块还没有离开滑板，对物块与滑板，由动量守恒，有 ()B mv m M v =+ ③

设物块在滑板上运动的距离为s 1，由能量守恒得22111

()22

B mg s mv m M v μ⋅=

-+ ④ 由③④，得16 6.5s R l R =<= ⑤

即达到共同速度v 时，物块不会脱离滑板滑下。

设此过程滑板向右运动的距离为s 2，对滑板由动能定理得221

2

mg s Mv μ⋅=

⑥ 由③⑥，得22s R =

讨论：①当2R L R <<时，滑块在滑板上一直减速到右端，设此时的速度为v C ，对物块由动能定理得

22

11()22

C B mg l L mv mv μ-+=

- ⑦

解得0C v =

>

所以克服摩擦力所做的功() 3.250.5f W mg l L mgR mgL μ=+=+ 设物块离开滑板沿圆轨道上升的高度为H ，由机械能守恒得

2

12

C mv mgH = ⑧ 解得3

4

H R <，故物块不能滑到CD 轨道中点。

②当25R L R ≤<时，滑块与滑板最终一起运动至滑板与C 相碰，碰后滑块在滑板上继

续做减速运动到右端，设此时的速度为v C 1 ，对物块由动能定理得

22

2111()22

C B mg l s mv mv μ-+=

- ⑨

解得10C v =

> 所以克服摩擦力所做的功2() 4.25f W mg l s mgR μ=+= 设物块离开滑板沿圆轨道上升的高度为h ，由机械能守恒得

2

112

C mv mgh = ⑩ 解得4

R

h R =<，故物块不能滑到CD 轨道中点。