高三物理上学期第一次周测试题

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高三物理上学期第一次周测试题

的功率是，那么该交咐呼州鸣咏市呢岸学校平安一中 2021 届高三第一周周测试卷物理试卷第一卷〔选择题共 48 分〕说明：本试卷分第一卷〔选择题〕和第二卷〔非选择题〕两，总分值 100 分。

考试时间 100 分钟。

答案写在答题卡上，交卷时只交答题卡。

第一卷〔选择题〕一、单项选择题〔此题共有 6 小题，每题 4 分，共 24 分〕1．一个电热器接在 10 V 的直流电源上，消耗的功率是 P ；当把它接在一个正弦式交变电源上时，消耗 P电压的峰值是4A ．5 VB ．12 VC ． VD ．10 V2．在如下图的电路中，a 、b 为两个完全相同的灯泡，L 为自感系数较大而电阻不能忽略的线圈，E 为电源，S 为开关。

关于两灯泡点亮和熄灭的以下说法正确的选项是 A ．合上开关，b 先亮，a 后亮；稳后 b 比 a 更亮一些 B ．合上开关，a 先亮，b 后亮；稳后 a 、b 一样亮 C ．断开开关，a 逐渐熄灭、b 先变得更亮后再与 a 同时熄灭 D ．断开开关，b 逐渐熄灭、a 先变得更亮后再与 b 同时熄灭3．一电流表的原理图如下图．质量为 m 的匀质细金属棒 M N 的中点处通过一绝缘挂钩与一竖直悬挂的弹簧相连，弹簧劲度系数为 k .在矩形区域 a bcd 内有匀强磁场，磁感强度大小为 B ，方向垂直纸面向外．与 MN 的右端N连接的一绝法正确的选项是〔〕A ．假设要电流表正常工作，电流由 M →N 1B ．假设将量程扩大 2 倍，只需将磁感强度变为原来的倍2 1C ．假设将量程扩大 2 倍，可换一根劲度系数为原来倍的2轻弹簧D ．假设将量程扩大 2 倍，需要将磁感强度和弹簧劲度系数均增大为原来 2 倍。

4．一矩形线圈在匀强磁场中绕垂直磁场方向的轴匀速转动，当线A ．通过线圈的磁通量变化率到达最大值B ．通过线圈的磁通量到达最大值C ．线圈平面与磁感线方向垂直D ．线圈中的感电动势为零5．如下图，金属棒a b 置于水平放置的金属导体框架c def 上，棒a b 与框架接触良好。

高三物理第一次周测试卷 2019.9.20

高三物理第一次周测试卷一、单选题(共8小题,每小题4.0分,共32分)1.如图所示，物体A靠在竖直墙面上，在水平力F作用下，A、B保持静止，则物体A的受力的个数为( )A． 6 B． 5 C． 4 D． 32.某压榨机的结构示意图如图所示，其中B为固定铰链，若在A铰链处作用一垂直于墙壁的力F，则由于力F的作用，使滑块C压紧物体D，设C与D光滑接触，杆的重力及滑块C的重力不计，图中a＝0.5 m，b＝0.05 m，则物体D所受压力的大小与力F的比值为A． 4 B． 5C． 10 D． 13.如图所示，小球C用细绳系住，绳的另一端固定于O点．现用水平力F缓慢推动斜面体，小球在斜面上无摩擦地滑动，细绳始终处于绷紧状态，当小球上升到接近斜面顶端时细绳接近水平，此过程中斜面对小球的支持力F N以及绳对小球的拉力F T的变化情况是A．F N保持不变，F T不断增大B．F N不断增大，F T不断减小C．F N保持不变，F T先增大后减小D．F N不断增大，F T先减小后增大4.如图所示，绳与杆均不计重力，承受力的最大值一定．A端用绞链固定，滑轮O在A点正上方(滑轮大小及摩擦均可忽略)，B端吊一重物P，现施加拉力F T将B缓慢上拉(均未断)，在杆达到竖直前( )A．绳子越来越容易断B．绳子越来越不容易断C．杆越来越容易断D．杆越来越不容易断5.如图所示，三根长度均为L、无弹性的轻绳分别接于C、D两结点，A、B两端被悬挂在水平天花板上，相距2L.现在结点C悬挂一个质量为3m的重物，CD绳保持水平、且整个系统处于静止状态，应在结点D施加力的最小值为( )A．mg B．mgC．mg D．mg6.有一直角V形槽，固定放在水平面上，槽的两侧壁与水平面夹角均为45°，如下图所示，有一质量为m的正方体均匀木块放在槽内，木块与槽两侧面间的动摩擦因数分别为μ和μ2(μ1>μ))．现用水平力推木块使之沿槽运动，则木块受到的摩擦力为( )2A．(μ1＋μ2)mg B．(μ1＋μ2)mg C．mg D．μ2mg7.如题所示，在倾角为30°的光滑斜面上端系有一劲度系数为200 N/m的轻质弹簧，弹簧下端连一个质量为2 kg的小球，球被一垂直于斜面的挡板A挡住，此时弹簧没有形变．若挡板A以4 m/s2的加速度沿斜面向下做匀加速运动，取g＝10 m/s2，则( )A．小球从一开始就与挡板分离B．小球速度最大时与挡板分离C．小球向下运动0.01 m时与挡板分离D．小球向下运动0.02 m时速度最大8.水平地面上有一木箱，木箱与地面间的动摩擦因数为μ(0＜μ＜1)．现对木箱施加一拉力F，使木箱做匀速直线运动．设F的方向与水平地面的夹角为θ，如图所示，在θ从0逐渐增大到90°的过程中，木箱的速度保持不变，则( )A．F先减小后增大 B．F一直增大C．F一直减小 D．F先增大后减小二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)9.(多选)若在某次军事演习中，某空降兵从悬停在高空中的直升机上跳下，从跳离飞机到落地的过程中沿竖直方向运动的v－t图象如图所示，则下列说法正确的是( )A．0－10 s内空降兵运动的加速度越来越大B．0－10 s内空降兵和降落伞整体所受重力大于空气阻力C．10－15 s内空降兵和降落伞整体所受的空气阻力越来越小D．10－15 s内空降兵加速度越来越大10.(多选)质量m＝2 kg、初速度v0＝8 m/s的物体沿着粗糙的水平面向右运动，物体与地面之间的动摩擦因数μ＝0.1，同时物体还要受一个如图所示的随时间变化的水平拉力F的作用，水平向右为拉力的正方向．则以下结论正确的是(取g＝10 m/s2)( )A．0～1 s内，物体的加速度大小为2 m/s2B．1～2 s内，物体的加速度大小为2 m/s2C．0～1 s内，物体的位移为7 mD．0～2 s内，物体的总位移为11 m11.(多选)如图所示，完全相同的磁铁A、B分别位于铁质车厢的竖直面和水平面上，A、B与车厢间的动摩擦因数均为μ，小车静止时，A恰好不下滑，现使小车加速运动，为保证A、B无滑动，则( )A．速度可能向左，加速度可小于μgB．加速度一定向右，不能超过(1＋μ)gC．加速度一定向左，不能超过μgD．加速度一定向左，不能超过(1＋μ)g12.(多选)如图所示，两个倾角相同的滑竿上分别套有A、B两个质量均为m圆环，两个圆环上分别用细线悬吊两个质量均为M的物体C、D，当它们都沿滑竿向下滑动并保持相对静止时，A的悬线与杆垂直，B的悬线竖直向下．下列结论正确的是( )A．A环受滑竿的作用力大小为(m＋M)g cosθB．B环受到的摩擦力F f＝mg sinθC．C球的加速度a＝g sinθD．D受悬线的拉力F T＝Mg13.某实验小组做“探究弹力与弹簧伸长量的关系”的实验，实验时，先把弹簧平放在桌面上，用直尺测出弹簧的原长L0＝4.6 cm，再把弹簧竖直悬挂起来，在下端挂钩码，每增加一只钩码记下对应的弹簧长度L，数据记录如下表所示：(1)根据表中数据在图中作出F－L图线；(2)由此图线可得，该弹簧劲度系数k＝________N/m；(3)图线与L轴的交点坐标大于L0的原因是__________________________________________.14.如图甲所示某同学设计了用光电门传感器“探究小车的加速度a与小车所受拉力F及质量M关系”的实验．(1)如图甲所示，在小车上固定宽度为L的挡光片，将两个光电门传感器固定在相距为d的轨道上，释放小车，传感器记录下小车经过光电门的时间Δt1、Δt2，可以测得小车的加速度a＝________(用题中的符号L、D，Δt1、Δt2表示)．(2)在该实验中必须采用________法(填物理方法)，应保持________不变，通过改变钩码的个数来改变小车所受的拉力大小，研究加速度a随拉力F变化的规律．(3)甲同学由于实验时没有注意始终满足M≫m的条件(m为钩码的质量)，结果得到的图象应是下图中的________．A. B. C. D.(4)乙、丙两名同学用同一装置做实验，画出了各自得到的a－F图线如图乙所示，两个同学做实验时的哪一个物理量取值不同？________________________________________________________________________四、计算题(共4小题，共38分)15.如图所示，物体A重100 N，物体B重20 N，A与水平桌面间的最大静摩擦力是30 N，整个系统处于静止状态，这时A受到的静摩擦力是多少？如果逐渐加大B的重力，而仍保持系统静止，则B物体重力的最大值是多少？16.如图所示，在倾角θ＝37°的足够长的固定的斜面底端有一质量m＝1.0 kg的物体．物体与斜面间动摩擦因数μ＝0.25，现用轻细绳拉物体由静止沿斜面向上运动．拉力F＝10 N，方向平行斜面向上．经时间t＝4.0 s绳子突然断了，求：(1)绳断时物体的速度大小．(2)从绳子断了开始到物体再返回到斜面底端的运动时间．(已知sin 37°＝0.60，cos 37°＝0.80，取g＝10 m/s2)17.某企业的生产车间在楼上，为了将工件方便快捷地运送到地面，专门安装了传送带设备，如图所示．已知传送带与水平面的夹角θ＝37°，正常的运行速度是v＝10 m/s.现在传送带的A端轻轻放上一个小物体(可视为质点)，已知小物体与传送带之间的动摩擦因数为μ＝0.5，A，B间距离s＝16 m．试分析计算：(已知sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，取g＝10 m/s2)(1)如果传送带停止运行，小物体从A端运动到B端的时间；(2)如果传送带沿顺时针方向正常转动，小物体从A端运动到B端的时间；(3)如果传送带沿逆时针方向正常转动，小物体从A端运动到B端的时间．18.如图甲所示，质量为M＝4 kg足够长的木板静止在光滑的水平面上，在木板的中点放一个质量m＝4 kg大小可以忽略的铁块，铁块与木板之间的动摩擦因数为μ＝0.2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．两物块开始均静止，从t＝0时刻起铁块m受到水平向右、大小如图乙所示的拉力F的作用，F共作用时间为6 s，(取g＝10 m/s2)求：(1)铁块和木板在前2 s的加速度大小分别为多少？(2)铁块和木板相对静止前，运动的位移大小各为多少？(3)力F作用的最后2 s内，铁块和木板的位移大小分别是多少？高三物理第一次周测试卷答案解析1.【答案】B【解析】先对AB整体受力分析，由平衡条件知：整体水平方向受向里的压力；故墙面对A有大小为F 的弹力，整体有向下运动的趋势，故A受向上的摩擦力；隔离A物体，必受重力、墙壁对A的弹力和摩擦力；同时AB间也有相对运动的趋势；故A还受B对A 的弹力和摩擦力作用；故A共受5个力．2.【答案】B【解析】设力F与杆的夹角为θ，将力F按作用效果沿AB和AC两个方向进行分解，作出力的分解图如图甲所示．则有：2F1cosθ＝F则得F1＝F2＝再将F2按作用效果分解为F N和F N′，作出力的分解图如图乙所示．则有：F N＝F2sinθ联立得到：F N＝根据几何知识得可知tanθ＝＝10得到：F N＝5F故选B.3.【答案】D【解析】据题意，当斜面体向左缓慢运动时，小球将逐渐上升，此过程对小球受力分析，受到重力G、支持力F N和拉力F T，据上图，在此过程中OC绳以O点为圆心逆时针转动，在力的平行四边形定则中力F T的对应边先减小后增大，而F N的对应边一直变大，而力的大小变化与对应边长度变化一致，则D选项正确．4.【答案】B【解析】以B点为研究对象，它受三个力的作用而处于动态平衡状态，其中一个是轻杆的弹力F N，一个是绳子斜向上的拉力F T，一个是绳子竖直向下的拉力，大小等于物体的重力mg，根据相似三角形法，可得＝＝，由于OA和AB不变，OB逐渐减小，因此轻杆上的弹力大小不变，而绳子上的拉力越来越小，选项B正确，其余选项均错误．5.【答案】C【解析】由图可知，要想CD水平，则AC与水平方向的夹角为60°；结点C受力平衡，则受力分析如图所示，结点C受到沿AC拉力在水平方向上的分力等于水平向右的拉力F T，即：F T＝FAC cos 60°＝FAC，结点C受到沿AC拉力在竖直方向上的分力等于物体的重力，即：3mg＝FAC sin 60°＝FAC，F T＝·3mg；结点D受力平衡，当拉力F的方向与BD垂直时，力臂最长、最省力，如图所示，最小拉力F＝F′＝F T′cos 30°＝F T cos 30°＝·3mg×＝mg.6.【答案】A【解析】物块对槽两边的压力均为F N＝mg cos 45°，所以用水平力推木块使之沿槽运动，则木块受到的摩擦力为F f＝μ1F N＋μ2F N＝(μ1＋μ2)mg，选项A正确．7.【答案】C【解析】设球与挡板分离时位移为x，经历的时间为t，从开始运动到分离的过程中，m受竖直向下的重力，垂直斜面向上的支持力F N，沿斜面向上的挡板支持力F1和弹簧弹力F.根据牛顿第二定律有：mg sin 30°－kx－F1＝ma，保持a不变，随着x的增大，F1减小，当m与挡板分离时，F1减小到零，则有：mg sin 30°－kx＝ma，解得：x＝＝0.01 m，即小球向下运动0.01 m时与挡板分离，故A错误，C正确；球和挡板分离前小球做匀加速运动；球和挡板分离后做加速度减小的加速运动，当加速度为零时，速度最大，此时物体所受合力为零．即：kx m＝mg sin 30°，解得x m＝＝0.05 m，由于开始时弹簧处于原长，所以速度最大时小球向下运动的路程为0.05 m，故B、D错误．8.【答案】A【解析】将拉力F沿水平方向和竖直方向正交分解，由平衡条件可得：F cosθ＝F f、F sinθ＋F N＝mg、F f ＝μF N，解得：F＝＝(其中tanα＝)，当θ由0逐渐增大到90°的过程中，sin (α＋θ)先增大后减小，所以拉力F先减小后增大，A正确．9.【答案】BC【解析】v－t图象中，图线上某点的切线的斜率表示该时刻的加速度，0－10 s内空降兵运动的加速度越来越小，A错误；0－10 s内空降兵和降落伞做加速运动，故整体所受重力大于空气阻力，B正确；10 s～15 s速度向下、做加速度不断减小的减速直线运动，加速度向上，根据牛顿第二定律，有f－mg ＝ma，由于a不断减小，故f不断减小，C正确，D错误．10.【答案】BD【解析】11.【答案】AD【解析】小车静止时，A恰好不下滑，所以对A有：mg＝μF引，当小车加速运动时，为了保证A不下滑，有F N≥F引，则F N－F引＝ma，故加速时加速度一定向左，B错误．对B有μ(mg＋F引)＝ma m，解得a m ＝(1＋μ)g，故A、D正确，C错误．12.【答案】ACD【解析】对C受力分析，如图由牛顿第二定律，得到：Mg sinθ＝Ma①；细线拉力为F T＝Mg cosθ②再对A环受力分析，如下图根据牛顿定律，有mg sinθ－F f＝ma③F N＝mg cosθ＋F T④由①②③④解得：a＝g sinθF f＝0 F N＝(M＋m)g cosθ，故A、C正确；对D球受力分析，受重力和拉力，合力与速度在一条直线上，故合力为零，物体做匀速运动，细线拉力等于Mg；再对B环受力分析，如图受重力、拉力、支持力，由于做匀速运动，合力为零，故必有向后的摩擦力；根据平衡条件，有(M＋m)g sinθ＝F f，F N＝(M＋m)g cosθ，故B错误，D正确．故选A、C、D.13.【答案】(1)如图所示(2)50(3)弹簧自身重力的影响【解析】(1)描点作图，如图所示：(2)图象的斜率表示劲度系数，故有：k＝＝N/m＝50 N/m(3)图线与L轴的交点坐标表示弹簧不挂钩码时的长度，其数值大于弹簧原长，因为弹簧自身重力的影响．14.【答案】(1)a＝(2)控制变量小车质量(3)D (4)小车的质量不同【解析】(1)数字计时器记录通过光电门的时间，小车经过光电门时的瞬间速度为v1＝与v2＝；根据匀变速直线运动的速度位移公式v－v＝2ad，解得：a＝.(2)在本实验操作中，采用了“控制变量法”，即先保持一个变量不变，看另外两个变量之间的关系，具体操作是：先不改变小车质量，研究加速度与力的关系；再不改变小车受力，研究加速度与质量的关系，最后归纳出加速度、力、质量三者间的关系．(3)随着增大，小车质量在减小，因此小车质量不再满足远大于钩码的质量，若小车质量远小于钩码质量时，小车的加速度不可能一直均匀增大，加速度的增大幅度将逐渐减小，故A、B、C错误，D正确．(4)由图可知在拉力相同的情况下a乙＞a丙，根据M乙a乙＝M甲a甲，即a－F图象的斜率等于小车的质量，所以两人的实验中小车的质量不同．15.【答案】20 N 30 N【解析】以结点O为研究对象，建立直角坐标系．设倾斜绳的张力为F T.x轴上：F TA＝F T cos 45°①y轴上：F TB＝GB＝F T sin 45°②①②联立，得F TA＝GB代入其值得F TA＝20 N，以A为研究对象，受力分析，可得F fA＝F TA＝20 N，方向水平向右．当逐渐增大B的重力时，要使系统处于平衡状态，当A达到最大静摩擦力时，B物体的重力达到最大．由上述表达式可知：GB m＝30 N.故A受到的静摩擦力为20 N，B物体的重力最大值为30 N.16.【答案】(1)8.0 m/s (2)4.2 s【解析】(1)物体向上运动过程中，受拉力F、斜面支持力F N、重力mg和摩擦力F f，如图所示，设物体向上运动的加速度为a1，根据牛顿第二定律有：F－mg sinθ－F f＝ma1又F f＝μF NF N＝mg cosθ解得：a1＝2.0 m/s2t＝4.0 s时物体的速度大小v1＝a1t＝8.0 m/s(2)绳断时物体距斜面底端的位移为x1＝a1t2＝16 m，绳断后物体沿斜面向上做匀减速直线运动，设运动的加速度大小为a2，受力如图所示，则根据牛顿第二定律有：mg sinθ＋F f＝ma2解得a2＝8.0 m/s2物体匀减速运动的时间t2＝＝1.0 s物体匀减速运动的位移为x2＝v1t2＝4.0 m此后物体沿斜面匀加速下滑，设物体下滑的加速度为a3，受力如图所示．根据牛顿第二定律可得mg sinθ－F f′＝ma3，得a3＝4.0 m/s2设物体由最高点下滑到斜面底端的时间为t3，根据运动学公式可得x1＋x2＝a3t，t3＝s≈3.2 s，所以物体返回斜面底端的时间为t′＝t2＋t3＝4.2 s.17.【答案】(1)4 s (2)4 s (3)2 s【解析】(1、2)对放在传送带上的小物体进行受力分析，小物体沿传送带向下滑动时，无论传送带是静止还是沿顺时针方向正常转动，小物体的受力情况完全一样，都是在垂直传送带的方向受力平衡，受到沿传送带向上的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，小物体沿传送带下滑的加速度为：a1＝＝g(sinθ－μcosθ)＝10×(0.6－0.5×0.8) m/s2＝2 m/s2，小物体从A端运动到B端做初速度为零的匀加速直线运动，设需要的时间为t，则s＝a1t2，t＝＝s＝4 s(3)当传送带沿逆时针方向正常转动时，开始时，传送带作用于小物体的摩擦力沿传送带向下，小物体下滑的加速度a2＝g(sinθ＋μcosθ)＝10 m/s2小物体加速到与传送带运行速度相同需要的时间为t1＝＝s＝1 s，在这段时间内，小物体沿传送带下滑的距离为s1＝a2t＝×10×1 m＝5 m由于μ＜tanθ，此后，小物体沿传送带继续加速下滑时，它相对于传送带向下运动，因此传送带对小物体的摩擦力方向改为沿传送带向上，其加速度变为a1小物体从该位置起运动到B端的位移为s－s1＝16 m－5 m＝11 m小物体做初速度为v＝10 m/s、加速度为a1的匀加速直线运动，由s－s1＝vt2＋a1t代入数据，解得t2＝1 s (t2＝－11 s舍去)所以，小物体从A端运动到B端的时间为t3＝t1＋t2＝2 s.18.【答案】(1)3 m/s2 2 m/s2(2)20 m 16 m (3)19 m 19 m【解析】(1)前2 s，由牛顿第二定律得对铁块m: F－μmg＝ma1解得a1＝3 m/s2对木板M：μmg＝Ma2解得a2＝2 m/s2(2)2 s内，铁块的位移x1＝a1t2＝6 m木块的位移x2＝a2t2＝4 m2 s末，铁块的速度v1＝a1t＝6 m/s木块的速度v2＝a2t＝4 m/s2 s后，对铁块：F′－μmg＝ma1′解得a1′＝1 m/s2对木块：μmg＝Ma2′解得a2′＝2 m/s2设再经过t0时间两物体速度相同为v，则v＝v1＋a1′t0＝v2＋a2′t0解得t0＝2 s，v＝8 m/s在t0内，铁块m的位移x1′＝t0＝×2 m＝14 m所以铁块和木板相对静止前铁块运动的位移为x铁块＝x1＋x1′＝20 m木板M的位移x2′＝t0＝×2 m＝12 m所以铁块和木板相对静止前木板运动的位移为x木板＝x2＋x2′＝16 m(3)最后2 s，铁块和木板相对静止，一起以初速度v＝8 m/s 做匀加速直线运动，对铁块和木板整体：F＝(M＋m)a解得a＝＝m/s2＝1.5 m/s2所以铁块和木板运动的位移均为x3＝vΔt＋a(Δt)2＝19 m。

2021年高三物理上学期第1次周练试卷(含解析)

2021年高三物理上学期第1次周练试卷（含解析）一、选择题（共7小题，每小题3分，满分21分）1．飞机在水平地面上空的某一高度水平匀速飞行，每隔相等时间投放一个物体．如果以第一个物体a的落地点为坐标原点、飞机飞行方向为横坐标的正方向，在竖直平面内建立直角坐标系．如图所示是第5个物体e离开飞机时，抛出的5个物体（a、b、c、d、e）在空间位置的示意图，其中可能的是( )A．B．C．D．2．如图所示，在水平路面上一运动员驾驶摩擦车跨越壕沟，壕沟两侧的高度差为0.8m，水平距离为8m，则运动员跨过壕沟的初速度至少为（取g=10m/s2）( )A．0.5m/sB．2 m/sC．10 m/sD．20 m/s3．跳台滑雪运动员的动作惊险而优美，其实滑雪运动可抽象为物体在斜坡上的平抛运动．如图所示，设可视为质点的滑雪运动员，从倾角为θ的斜坡顶端P处，以初速度v0水平飞出，运动员最后又落到斜坡上A点处，AP之间距离为L，在空中运动时间为t，改变初速度v0的大小，L和t都随之改变．关于L、t与v0的关系，下列说法中正确的是( )A．L与v0成正比B．L与成正比C．t与成正比D．t与v0成正比4．如图所示，一小球以v0=10m/s的速度水平抛出，在落地之前经过空中A、B两点，在A 点小球速度方向与水平方向的夹角为45°，在B点小球速度方向与水平方向的夹角为60°，（空气阻力忽略不计，g取10m/s2），以下判断正确的是( )A．小球通过A、B两点间用时t=（﹣1）sB．小球通过A、B两点间用时t= sC．A、B两点间的高度差为h=10 mD．A、B两点间的高度差为h=15 m5．如图所示，将质量为2m的重物悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为m的小环，小环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑定滑轮与直杆的距离为d，AB距离也为d．现将小环从与定滑轮等高的A处由静止释放，小环沿直杆下滑．下列说法正确的是（重力加速度为g）( )A．小环刚释放时的加速度为gB．小环到达B处时，重物上升的高度为（﹣1）dC．小环在B处的速度与重物上升的速度大小之比等于D．小环能够下滑的最大距离为6．如图，在半径为R圆环圆心O正上方的P点，将一小球以速度v0水平抛出后恰能从圆环上Q点沿切线飞过，若OQ与OP间夹角为θ，不计空气阻力．则( )A．从P点运动到Q点的时间为t=B．从P点运动到Q点的时间为t=C．小球运动到Q点时的速度为v Q=D．小球运动到Q点时的速度为v Q=7．如图所示，AB杆以恒定角速度ω绕A点在竖直平面内转动，并带动套在固定水平杆OC 上的小环M运动，AO间距离为h．运动开始时AB杆在竖直位置，则经过时间t（小环仍套在AB和OC杆上）小环M的速度大小为( )A．B．C．ωhD．ωhtg（ωt）二、解答题（共2小题，满分0分）8．如图所示，一质量m=0.4kg的小物块，以v0=2m/s的初速度，在与斜面成某一夹角的拉力F作用下，沿斜面向上做匀加速运动，经t=2s的时间物块由A点运动到B点，A、B之间的距离L=10m．已知斜面倾角θ=30°，物块与斜面之间的动摩擦因数μ=．重力加速度g 取10m/s2．（1）求物块加速度的大小及到达B点时速度的大小．（2）拉力F与斜面的夹角多大时，拉力F最小？拉力F的最小值是多少？9．一平板车，质量M=100kg，停在水平路面上，车身的平板离地面的高度h=1.25m．一质量m=50kg的滑块置于车的平板上，它到车板末端的距离b=1.00m，与车板间的动摩擦因素μ=0.20，如图所示，今对平板车施一水平方向的恒力，使车向前行驶，结果滑块从车板上滑落，滑块刚离开车板的时刻，车向前行驶的距离s0=2.00m．求滑块落地时，落地点到车尾的距离s．（不计路面与平板车间以及轮轴的摩擦，g=10m/s2）xx学年四川省成都七中高三（上）第1次周练物理试卷一、选择题（共7小题，每小题3分，满分21分）1．飞机在水平地面上空的某一高度水平匀速飞行，每隔相等时间投放一个物体．如果以第一个物体a的落地点为坐标原点、飞机飞行方向为横坐标的正方向，在竖直平面内建立直角坐标系．如图所示是第5个物体e离开飞机时，抛出的5个物体（a、b、c、d、e）在空间位置的示意图，其中可能的是( )A．B．C．D．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：平抛运动专题．分析：物体从飞机上被释放，根据惯性，物体具有和飞机相同的水平初速度，又只受重力作用，所以物体做平抛运动，可以根据平抛运动的相关概念和公式解题．解答：解：不计空气阻力，以地面为参考系，每个物体都做平抛运动，水平方向做匀速直线运动，所以在水平方向上，四个物体的速度总是与飞机速度相同的，水平位移相同，故没有位移差，看起来在一条竖直线上；竖直方向做自由落体运动，最先释放的物体间的距离大些，相当于同一个物体做自由落体运动在不同时刻的位置，故A正确，B错误，若第5个物体e离开飞机时，c刚好落地，此时对于C图，若第5个物体e离开飞机时，d 刚好落地，此时对于D图，故CD正确故选ACD．点评：本题是平抛运动基本规律的应用，以地面上的人看四个物体的分布在同一竖直线上，如果就看某一个物体，那轨迹就是抛物线了．若以飞机为参考系，则四个物体就做自由落体运动，分布在飞机下方的一同条竖直线上．2．如图所示，在水平路面上一运动员驾驶摩擦车跨越壕沟，壕沟两侧的高度差为0.8m，水平距离为8m，则运动员跨过壕沟的初速度至少为（取g=10m/s2）( )A．0.5m/sB．2 m/sC．10 m/sD．20 m/s考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：根据平抛运动规律：水平方向匀速运动，竖直方向自由落体运动，分别列方程即可求解运动员的初速度．解答：解：当摩托车刚好跨过壕沟时，水平速度最小，此时水平位移大小为 x=8m，竖直位移大小为 y=2.8m﹣2.0m═0.8m则竖直方向有：y=，t==s=0.4s水平方向有：x=v0t得：v0==m/s=20m/s故选：D．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道分运动与合运动具有等时性，运用运动学公式进行求解．3．跳台滑雪运动员的动作惊险而优美，其实滑雪运动可抽象为物体在斜坡上的平抛运动．如图所示，设可视为质点的滑雪运动员，从倾角为θ的斜坡顶端P处，以初速度v0水平飞出，运动员最后又落到斜坡上A点处，AP之间距离为L，在空中运动时间为t，改变初速度v0的大小，L和t都随之改变．关于L、t与v0的关系，下列说法中正确的是( )A．L与v0成正比B．L与成正比C．t与成正比D．t与v0成正比考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：根据平抛运动规律：水平方向上匀速直线运动，竖直方向上自由落体运动列式联立可求解．解答：解：滑雪运动可抽象为物体在斜坡上的平抛运动．设水平位移x，竖直位移为y，结合几何关系，有：水平方向上：x=Lcosθ=v0t竖直方向上：联立可得：，则，即t与v0成正比；故C错误，D正确；，即L与成正比，故A错误，B正确．故选：BD．点评：本题考查平抛运动规律的应用，能够灵活利用公式求得v0及L的表达式，从而可求解．4．如图所示，一小球以v0=10m/s的速度水平抛出，在落地之前经过空中A、B两点，在A 点小球速度方向与水平方向的夹角为45°，在B点小球速度方向与水平方向的夹角为60°，（空气阻力忽略不计，g取10m/s2），以下判断正确的是( )A．小球通过A、B两点间用时t=（﹣1）sB．小球通过A、B两点间用时t= sC．A、B两点间的高度差为h=10 mD．A、B两点间的高度差为h=15 m考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，将A、B两点的速度进行分解，求出竖直方向上的分速度，根据速度速度时间公式、速度位移公式求出运动的时间和高度差．解答：解：A、，所以v Ay=v0tan45°=10m/s．，所以．则小球通过A、B两点的运动时间．故A正确，B错误．C、．故C正确，D错误．故选AC．点评：解决本题的关键掌握平抛运动水平方向和竖直方向上的运动规律，运用运动学公式进行求解．5．如图所示，将质量为2m的重物悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为m的小环，小环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑定滑轮与直杆的距离为d，AB距离也为d．现将小环从与定滑轮等高的A处由静止释放，小环沿直杆下滑．下列说法正确的是（重力加速度为g）( )A．小环刚释放时的加速度为gB．小环到达B处时，重物上升的高度为（﹣1）dC．小环在B处的速度与重物上升的速度大小之比等于D．小环能够下滑的最大距离为考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：环刚开始释放时，重物的加速度为零，对小环受力分析，由牛顿第二定律求解加速度．根据牛顿第二定律判断绳子的拉力大小．根据数学几何关系求出环到达B处时，重物上升的高度．对B的速度沿绳子方向和垂直于绳子方向分解，在沿绳子方向上的分速度等于重物的速度，从而求出环在B处速度与重物的速度之比．环和重物组成的系统，机械能守恒．解答：解：A、环刚开始释放时，合力为其重力，故A正确．B、环到达B时，绳子收缩的长度等于重物上升的高度，所以h=d﹣d．故B正确．C、对B的速度沿绳子方向和垂直于绳子方向分解，在沿绳子方向上的分速度等于重物的速度，有：vcos45°=v重物，所以小环在B处的速度与重物上升的速度大小之比为：1，故C错误．D、环和重物组成的系统，只有重力做功，系统机械能守恒，设下降最大距离为h，则有：mgh=2mg（﹣d），解得：h=．故D正确．故选：ABD．点评：解决本题的关键知道系统机械能守恒，知道环沿绳子方向的分速度的等于重物的速度．6．如图，在半径为R圆环圆心O正上方的P点，将一小球以速度v0水平抛出后恰能从圆环上Q点沿切线飞过，若OQ与OP间夹角为θ，不计空气阻力．则( )A．从P点运动到Q点的时间为t=B．从P点运动到Q点的时间为t=C．小球运动到Q点时的速度为v Q=D．小球运动到Q点时的速度为v Q=考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：小球做平抛运动，根据圆的几何知识可以求得小球在水平方向的位移的大小，根据水平方向的匀速直线运动可以求得时间的大小．根据平行四边形定则求出Q点的速度．解答：解：A、过Q点做OP的垂线，根据几何关系可知，小球在水平方向上的位移的大小为Rsinθ，根据Rsinθ=v0t，可得时间为：t=，故A正确，B错误．C、根据几何关系知，Q点的速度方向与水平方向的夹角为θ，根据平行四边形定则知，小球运动到Q点时的速度为v Q=，故C错误，D正确．故选：AD．点评：本题对平抛运动规律的直接的应用，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．7．如图所示，AB杆以恒定角速度ω绕A点在竖直平面内转动，并带动套在固定水平杆OC 上的小环M运动，AO间距离为h．运动开始时AB杆在竖直位置，则经过时间t（小环仍套在AB和OC杆上）小环M的速度大小为( )A．B．C．ωhD．ωhtg（ωt）考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：将小环M的速度沿AB杆方向和垂直于AB杆方向分解，根据转动的角度求出AB杆上M点的线速度，根据平行四边形定则求出M点的速度．解答：解：经过时间t，角OAB为ωt，则AM的长度为，则AB杆上M点绕A点的线速度v=．将小环M的速度沿AB杆方向和垂直于AB杆方向分解，垂直于AB杆上分速度等于M点绕A点的线速度v，则小环M的速度=．故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键知道小环沿OC方向的速度是合速度，它在垂直AB杆方向上的分速度等于M点绕A点转动的线速度．二、解答题（共2小题，满分0分）8．如图所示，一质量m=0.4kg的小物块，以v0=2m/s的初速度，在与斜面成某一夹角的拉力F作用下，沿斜面向上做匀加速运动，经t=2s的时间物块由A点运动到B点，A、B之间的距离L=10m．已知斜面倾角θ=30°，物块与斜面之间的动摩擦因数μ=．重力加速度g 取10m/s2．（1）求物块加速度的大小及到达B点时速度的大小．（2）拉力F与斜面的夹角多大时，拉力F最小？拉力F的最小值是多少？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；力的合成与分解的运用．专题：压轴题；牛顿运动定律综合专题．分析：（1）物体做匀加速直线运动，根据运动学公式求解加速度和末速度；（2）对物体受力分析，受重力、拉力、支持力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解出拉力F的表达式，分析出最小值．解答：解：（1）物体做匀加速直线运动，根据运动学公式，有：①v=v0+at ②联立解得；a=3m/s2v=8m/s（2）对物体受力分析，受重力、拉力、支持力和滑动摩擦力，如图根据牛顿第二定律，有：平行斜面方向：Fcosα﹣mgsin30°﹣F f=ma垂直斜面方向：Fsinα+F N﹣mg cos30°=0其中：F f=μF N联立解得：F==故当α=30°时，拉力F有最小值，为F min=N；答：（1）物块加速度的大小为3m/s2，到达B点的速度为8m/s；（2）拉力F与斜面的夹角30°时，拉力F最小，最小值是N．点评：本题是已知运动情况确定受力情况，关键先根据运动学公式求解加速度，然后根据牛顿第二定律列式讨论．9．一平板车，质量M=100kg，停在水平路面上，车身的平板离地面的高度h=1.25m．一质量m=50kg的滑块置于车的平板上，它到车板末端的距离b=1.00m，与车板间的动摩擦因素μ=0.20，如图所示，今对平板车施一水平方向的恒力，使车向前行驶，结果滑块从车板上滑落，滑块刚离开车板的时刻，车向前行驶的距离s0=2.00m．求滑块落地时，落地点到车尾的距离s．（不计路面与平板车间以及轮轴的摩擦，g=10m/s2）考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物块从平板车上滑落后做平抛运动，根据平抛运动的基本公式求出运动的时间和位移．对平板车M，在m未滑落之前，水平方向受二力作用，即F和物块对平板车的摩擦力f，二者方向相反，当m从平板车的B点滑落以后，平板车水平方向只受F作用，做匀加速直线运动，分别根据运动学基本公式求出位移，进而可求得物块落地时，落地点到车尾的水平距离．解答：解：对滑块：，对车：，解得F=500N，t1=1s，以m为研究对象进行分析，m在车板上的水平方向只受一个摩擦力f的作用，为：f=μmg，根据牛顿第二定律得：f=ma1a1=μg=2m/s2，物块在平板车的加速度为a2=滑块离开车后，对车，滑块平抛落地时间．从离开小车至滑块落地，对滑块s1=v1t2=a1t1t2=1（m）对车故s=s2﹣s1=1.625（m）答：滑块落地时，落地点到车尾的距离s为1.625m．点评：该题涉及到相对运动的过程，要求同学们能根据受力情况正确分析运动情况，并能熟练运用运动学基本公式解题，难度较大．}•30945 78E1 磡35325 89FD 觽9A23608 5C38 尸29051 717B 煻37534 929E 銞20483 5003 倃C0-MV。

高三物理上学期周测试卷(1)(含解析)-人教版高三全册物理试题

2015-2016学年陕西省咸阳市兴平市秦岭中学高三〔上〕周测物理试卷〔1〕一、选择题：〔本大题共12小题，每一小题4分，共48分，在每一小题给出的四个选项中，有一项或几项符合要求，全部选对得4分，局部选对得2分，选错或不答的得0分〕1．关于速度和加速度的关系，如下说法正确的答案是〔〕A．速度变化得越多，加速度就越大B．速度变化得越快，加速度就越大C．加速度方向保持不变，速度方向也保持不变D．加速度大小不断变小，速度大小也不断变小2．在地面上方某处，将一个小球以V=20m/s初速度竖直上抛，如此小球到达距抛出点10m 的位置所经历的时间可能为〔g=10m/s2〕〔〕A． S B．〔2﹣〕s C．〔2+〕s D．〔2+〕s3．某同学在学习了动力学知识后，绘出了一个沿直线运动的物体，其加速度a．速度v．位移s随时间变化的图象如下列图，假设该物体在t=0时刻，初速度均为零，如此A、B、C、D四个选项中表示该物体沿单一方向运动的图象是〔〕A．B．C．D．4．如图，质量为M的楔形物A静置在水平地面上，其斜面的倾角为θ．斜面上有一质量为m的小物块B，B与斜面之间存在摩擦．用恒力F沿斜面向上拉B，使之匀速上滑．在B运动的过程中，楔形物块A始终保持静止．关于相互间作用力的描述正确的有〔〕A．B给A的作用力大小为mg﹣FB．B给A摩擦力大小为FC．地面受到的摩擦力大小为FcosθD．地面受到的压力大小为Mg+mg﹣Fsinθ5．如下列图，水平细杆上套一环A，环A与B球间用一轻绳相连，质量分别为m A、m B．由于B球受到风力作用，环A与B球一起向右匀速运动．细绳与竖直方向的夹角为θ．如此如下说法中正确的答案是〔〕A．风速增大时，轻质绳对球B的拉力保持不变B．球B受到的风力F为m B gtanθC．杆对A环的支持力随着风速的增加而增加D．环A与水平细杆间的动摩擦因数为6．水平抛出的小球，t秒末的速度方向与水平方向的夹角为θ1，t+t0秒末速度方向与水平方向的夹角为θ2，忽略空气阻力，如此小球初速度的大小为〔〕A．gt0〔cosθ1﹣cosθ2〕B．C．gt0〔tanθ1﹣tanθ2〕D．7．如下列图，在同一竖直面上有a、b两个小球，它们距地面的高度一样．某时刻小球a 做自由落体运动，小球b做初速度为v0的平抛运动，一段时间后两小球在c点相遇．假设其他条件不变，只是将小球b的初速度变为2v0，如此〔〕A．它们不能相遇 B．它们仍将在c点相遇C．它们将在c点的下方相遇D．它们将在c点的上方相遇8．a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如下列图，如下说法正确的答案是〔〕A．a、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度B．20秒时，a、b两物体相距最远C．60秒时，物体a在物体b的前方D．40秒时，a、b两物体速度相等，相距200m9．如下列图，小球用细线拴住放在光滑斜面上，用力推斜面向左运动，小球缓慢升高的过程中，细线的拉力将〔〕A．先增大后减小 B．先减小后增大 C．一直增大 D．一直减小10．如下列图，一质量为m的小物体以一定的速率v0滑到水平传送带上左端的A点，当传送带始终静止时，物体能滑过右端的B点，如此如下判断正确的答案是〔〕A．传送带假设逆时针方向运行且保持速率不变，物体也能滑过B点B．传送带假设逆时针方向运行且保持速率不变，物体可能先向右做匀减速运动直到速度减为零，然后向左加速，因此不能滑过B点C．传送带假设顺时针方向运行，当其以速率v=v0不变时，物体将一直做匀速运动滑过B点D．传送带假设顺时针方向运行，当其运行速率〔保持不变〕v=v0时，物体一定向右一直做匀加速运动滑过B点11．如下列图，物块M通过与斜面平行的细绳与小物块m相连．斜面的倾角α可以改变．讨论物块M对斜面的摩擦力的大小，如此有〔〕A．假设物块M保持静止，如此α角越大，摩擦力一定越大B．假设物块M保持静止，如此α角越大，摩擦力一定越小C．假设物块M沿斜面下滑，如此α角越大，摩擦力越大D．假设物块M沿斜面下滑，如此α角越大，摩擦力越小12．质量为2m的物块A和质量为m的物块B相互接触放在水平面上，如下列图．假设对A 施加水平推力F，如此两物块沿水平方向做加速运动．关于A对B的作用力，如下说法中正确的答案是〔〕A．假设水平地面光滑，物块A对B的作用力大小为FB．假设水平地面光滑，物块A对B的作用力大小为C．假设物块A与地面间无摩擦，B与地面的动摩擦因数为μ，如此物体A对B的作用力大小为μmgD．假设物块A与地面间无摩擦，B与地面的动摩擦因数为μ，如此物体A对B的作用力大小为二．实验题〔4分+9分〕13．一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系〞的实验中，使用两条不同的轻质弹簧a 和b，得到弹力与弹簧长度的图象如下列图．如此：弹簧的原长更长，弹簧的劲度系数更大．〔填“a〞或“b〞〕14．物理小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数．实验装置如图甲所示，打点计时器固定在斜面上，滑块拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上由静止滑下．图乙是打出的纸带的一段．〔1〕打点计时器所使用的交流电的频率为50Hz，选A、B、C、D、E、F、G 7个点为计数点，且各计数点间均有一个点没有画出，如此滑块下滑的加速度a=m/s2．〔结果保存两位小数〕〔2〕为测量动摩擦因数，如下物理量中还应测量的有．〔填入所选物理量前的字母〕A、木板的长度LB、木板的末端被垫起的高度hC、木板的质量m1D、滑块的质量m2E、滑块运动的时间t〔3〕滑块与木板间的动摩擦因数μ=．〔用被测物理量的字母表示，重力加速度为g〕三．计算题〔共49分〕〔请写出必要的文字说明，重要的方程式和关键演算步骤〕15．甲、乙两个同学在直跑道练习4×100接力，他们在奔跑时有一样的最大速度．乙从静止开始全力跑出25米才能达到最大速度．这一过程可看作匀变速运动，现在甲持棒以最大速度向乙奔来，乙在接力区伺机全力奔出．假设要求乙接棒时达到最大速度的80%，求：〔1〕乙在接力区须奔出多少距离？〔2〕乙应在距甲多远时起跑？16．如下列图，在质量为m=1kg的重物上系着一条长30cm的细绳，细绳的另一端连着一个轻质圆环，圆环套在水平的棒上可以滑动，环与棒间的动摩擦因数μ为0.75，另有一条细绳，在其一端跨过定滑轮，定滑轮固定在距离圆环50cm的地方，当细绳的端点挂上重物G，而圆环将要开始滑动时，〔g取10/ms2〕试问：〔1〕角ϕ多大？〔2〕长为30cm的细绳的张力是多少：〔3〕圆环将要开始滑动时，重物G的质量是多少？17．如下列图，长L=1.5m，高h=0.45m，质量M=10kg的长方体木箱，在水平面上向右做直线运动．当木箱的速度v0=3.6m/s时，对木箱施加一个方向水平向左的恒力F=50N，并同时将一个质量m=1kg的小球轻放在距木箱右端的P点〔小球可视为质点，放在P点时相对于地面的速度为零〕，经过一段时间，小球脱离木箱落到地面．木箱与地面的动摩擦因数为0.2，其他摩擦均不计．取，求：〔1〕小球从离开木箱开始至落到地面所用的时间；〔2〕小球放上P点后，木箱向右运动的最大位移；〔3〕小球离开木箱时木箱的速度．2015-2016学年陕西省咸阳市兴平市秦岭中学高三〔上〕周测物理试卷〔1〕参考答案与试题解析一、选择题：〔本大题共12小题，每一小题4分，共48分，在每一小题给出的四个选项中，有一项或几项符合要求，全部选对得4分，局部选对得2分，选错或不答的得0分〕1．关于速度和加速度的关系，如下说法正确的答案是〔〕A．速度变化得越多，加速度就越大B．速度变化得越快，加速度就越大C．加速度方向保持不变，速度方向也保持不变D．加速度大小不断变小，速度大小也不断变小【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．【解答】解：A、物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，如此加速度就会很小，故A错误．B、加速度反映速度变化的快慢，速度变化得越快，加速度就越大，故B正确；C、加速度方向保持不变，速度方向可以变化，例如平抛运动，故C错误D、如果加速度方向与速度方向一样，加速度大小不断变小，速度却增大，故D错误应当选：B．【点评】速度与加速度均是矢量，速度变化的方向决定了加速度的方向，却与速度方向无关．同时加速度增加，速度可能减小，所以加速度与初速度的方向关系决定速度增加与否．2．在地面上方某处，将一个小球以V=20m/s初速度竖直上抛，如此小球到达距抛出点10m 的位置所经历的时间可能为〔g=10m/s2〕〔〕A． S B．〔2﹣〕s C．〔2+〕s D．〔2+〕s【考点】竖直上抛运动．【专题】直线运动规律专题．【分析】位移是矢量，抛出后石子通过距抛出点15m处，可能是上升阶段经过10m高处，也可能是下降阶段经过高10m处，还有可能是下降阶段经过下方10m处，代入位移时间关系公式求解即可．【解答】解：竖直上抛运动是匀变速运动，当x=10m时，根据位移时间关系公式，有解得t1=，t2=2﹣s故B正确，C正确；当位移为x=﹣10m时，根据位移时间关系公式，有解得〔舍去〕故D正确；应当选：BCD．【点评】此题关键是将竖直上抛运动的上升和下降阶段作为一个过程考虑〔匀变速直线运动〕，同时要明确物体的位置可能在抛出点上方，也可能在抛出点下方．3．某同学在学习了动力学知识后，绘出了一个沿直线运动的物体，其加速度a．速度v．位移s随时间变化的图象如下列图，假设该物体在t=0时刻，初速度均为零，如此A、B、C、D四个选项中表示该物体沿单一方向运动的图象是〔〕A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】速度时间图线的正负值表示物体运动的方向，通过位移时间图线的位移的增加还是减小判断运动的方向．【解答】解：A、在0﹣2s内，位移先增大再减小，知运动的方向发生改变．故A错误．B、0﹣1s内加速度不变，做匀加速直线运动，1﹣2s内加速度方向，大小不变，向正方向做匀减速直线运动，2s末速度为零．在一个周期内速度的方向不变．故B正确．C、在0﹣2s内速度为正值，向正方向运动，在2﹣4s内速度为负值，向负方向运动，运动方向发生改变．故C错误．D、在0﹣1s内，向正方向做匀加速直线运动，1﹣2s内加速度方向，大小不变，向正方向做匀减速直线运动，2s末速度为零，2﹣3s内向负方向做匀加速直线运动，运动的方向发生变化．故D错误．应当选：B．【点评】解决此题的关键知道速度时间图线和位移时间图线的物理意义，以与知道它们的区别，并且能很好运用．4．如图，质量为M的楔形物A静置在水平地面上，其斜面的倾角为θ．斜面上有一质量为m的小物块B，B与斜面之间存在摩擦．用恒力F沿斜面向上拉B，使之匀速上滑．在B运动的过程中，楔形物块A始终保持静止．关于相互间作用力的描述正确的有〔〕A．B给A的作用力大小为mg﹣FB．B给A摩擦力大小为FC．地面受到的摩擦力大小为FcosθD．地面受到的压力大小为Mg+mg﹣Fsinθ【考点】共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】由题，B物体匀速上滑，物块A始终保持静止，两个物体受力均平衡．B对A有压力和滑动摩擦力，B给A的作用力是这两个力的合力．以B为研究对象，根据平衡条件分析B给A摩擦力大小．以整体为研究对象，根据平衡条件分析地面对A摩擦力和支持力大小，地面受到的摩擦力和压力大小等于地面对A摩擦力和支持力大小．【解答】解：A、以B为研究对象，分析受力情况，作出力图如图1．根据平衡条件得到，A 对B的支持力N B和摩擦力fB的合力大小为F合==，即A给B 的作用力大小为，根据牛顿第三定律可知，B给A的作用力大小为，．故A错误．B、以B为研究对象，由平衡条件得知，A给B摩擦力大小为f B=F﹣mgsinθ．故B错误．C、D以整体为研究对象，分析受力情况，作出力图如图2．根据平衡条件得，地面对A 摩擦力为f A=Fcosθ，支持力N A=〔M+m〕g﹣Fsinθ．根据牛顿第三定律可知，地面受到的摩擦力大小为Fcosθ，地面受到的压力大小为Mg+mg﹣Fsinθ．故CD正确．应当选CD【点评】此题的技巧是整体法的应用．对于涉与两个以上物体平衡时，可以选择整体作为研究对象，解题时往往简洁方便．5．如下列图，水平细杆上套一环A，环A与B球间用一轻绳相连，质量分别为m A、m B．由于B球受到风力作用，环A与B球一起向右匀速运动．细绳与竖直方向的夹角为θ．如此如下说法中正确的答案是〔〕A．风速增大时，轻质绳对球B的拉力保持不变B．球B受到的风力F为m B gtanθC．杆对A环的支持力随着风速的增加而增加D．环A与水平细杆间的动摩擦因数为【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】先对球B受力分析，受重力、风力和拉力，根据共点力平衡条件列式分析；对A、B两物体组成的整体受力分析，受重力、支持力、风力和水平向左的摩擦力，再再次根据共点力平衡条件列式分析各力的变化．【解答】解：A、B、对球B受力分析，受重力、风力和拉力，如左图风力F=m B gtanθ，故B正确；绳对B球的拉力T=当风力增大时，θ增大，如此T增大．故A错误．C、D、把环和球当作一个整体，对其受力分析，受重力〔m A+m B〕g、支持力N、风力F和向左的摩擦力f，如右图根据共点力平衡条件可得：杆对A环的支持力大小N=〔m A+m B〕gf=F如此A环与水平细杆间的动摩擦因数为μ=，故D错误；对整体分析，竖直方向上杆对环A的支持力N A=〔m A+m B〕g，故C错误；应当选：B．【点评】此题关键是先对整体受力分析，再对球B受力分析，然后根据共点力平衡条件列式分析求解．6．水平抛出的小球，t秒末的速度方向与水平方向的夹角为θ1，t+t0秒末速度方向与水平方向的夹角为θ2，忽略空气阻力，如此小球初速度的大小为〔〕A．gt0〔cosθ1﹣cosθ2〕B．C．gt0〔tanθ1﹣tanθ2〕D．【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】将平抛运动分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动两个分力，作出t秒末和t+t0秒末速度的分解图．研究竖直方向的速度，分别用初速度表示，再由速度公式求出初速度．【解答】解：如图，作出速度分解图．如此v1y=v0tanθ1，v2y=v0tanθ2，又由v1y=gt，v2y=g〔t+t0〕得到gt=v0tanθ1…①g〔t+t0〕=v0tanθ2…②由②﹣①得v0=．应当选：D【点评】此题考查对平抛运动的处理能力，关键是作出速度的分解图，对速度进展分解处理．7．如下列图，在同一竖直面上有a、b两个小球，它们距地面的高度一样．某时刻小球a做自由落体运动，小球b做初速度为v0的平抛运动，一段时间后两小球在c点相遇．假设其他条件不变，只是将小球b的初速度变为2v0，如此〔〕A．它们不能相遇 B．它们仍将在c点相遇C．它们将在c点的下方相遇D．它们将在c点的上方相遇【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】两个小球竖直方向都是自由落体运动，始终处于同一高度，水平方向a球静止，b 球向左匀速，根据平抛运动的位移公式列式分析．【解答】解：小球a自由落体运动，小球b平抛运动，竖直分运动一样，始终在同一高度，有；水平方向，小球b做匀速直线运动，有L=v0t；解得：故小球b速度变为2倍后，相遇的时间变短，相遇点在C点上方；应当选D．【点评】此题关键是将平抛运动分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动来分析；也可以以球a为参考系，球b向做匀速直线运动．8．a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如下列图，如下说法正确的答案是〔〕A．a、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度B．20秒时，a、b两物体相距最远C．60秒时，物体a在物体b的前方D．40秒时，a、b两物体速度相等，相距200m【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】v﹣t 图象中，图象的斜率表示加速度；图线和时间轴所夹图形的面积表示物体位移；当两物体的速度相等时，其距离最大．【解答】解：A、由图象可以看出，物体a在加速时，速度图象的斜率小于物体b加速时的图象斜率，故加速时，物体b的加速度要大，选项A错误；B、在40秒时，a、b两物体的速度相等，此时两物体的相距最远，应当选项B错误；C：在60秒时，经计算，物体a的位移是：S a=2100m，物体b的位移是：S b=1600m，S a＞S b，所以物体a在物体b的方，应当选项C正确；D：在40秒时，经计算，物体a的位移是：S a=1300m，物体b的位移是：S b=400m，S a﹣S b=900m，应当选项D错误．应当选：C．【点评】利用图象解题是高中学生必须掌握的方法之一，尤其是速度﹣时间图象．在分析速度﹣时间图象时，有的同学往往错误的认为图线交时相遇，而此时却是距离最大的时刻．在解决追击与相遇问题时，常常应用图象进展分析．9．如下列图，小球用细线拴住放在光滑斜面上，用力推斜面向左运动，小球缓慢升高的过程中，细线的拉力将〔〕A．先增大后减小 B．先减小后增大 C．一直增大 D．一直减小【考点】共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以小球为研究对象，画出小球的受力分析图．分析滑块左移会引起哪个力的方向变化，用三角形法求解．【解答】解：对小球受力分析如下列图，重力的大小方向不变，平移另两个力构成一首尾相连的闭合的三角形，滑块左移会引起F T的方向与大小的变化而F N的方向不变，且合力为0，如此三力依然为闭合三角形，如下列图：如此F T与F N相垂直时F T最小，如此闭合三角形发生如下列图变化，如此F T的变化为先变小，变大．应当选B【点评】假设三力合力为0，如此三力首尾相连构成一闭合三角形，分析出不变的力不动，另外的两个力依变化改变方向或大小，但依然是闭合三角形，分析边长的变化就得出力大小的变化．10．如下列图，一质量为m的小物体以一定的速率v0滑到水平传送带上左端的A点，当传送带始终静止时，物体能滑过右端的B点，如此如下判断正确的答案是〔〕A．传送带假设逆时针方向运行且保持速率不变，物体也能滑过B点B．传送带假设逆时针方向运行且保持速率不变，物体可能先向右做匀减速运动直到速度减为零，然后向左加速，因此不能滑过B点C．传送带假设顺时针方向运行，当其以速率v=v0不变时，物体将一直做匀速运动滑过B点D．传送带假设顺时针方向运行，当其运行速率〔保持不变〕v=v0时，物体一定向右一直做匀加速运动滑过B点【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】假设传送带逆时针运动，物体受摩擦力水平向左，物体会一直做匀减速直线运动；假设传送带顺时针运动，物体是减速还是加速，要比拟物体与传送带的速度大小，分情况进展讨论即可．【解答】解：A、B、当传送带始终静止时，物体受摩擦力水平向左，物体会一直做匀减速直线运动，加速度为μg；传送带假设逆时针方向运行且保持速率不变，物体受摩擦力水平向左，物体会一直做匀减速直线运动，加速度也为μg，故运动情况不变；故A正确，B错误；C、传送带假设顺时针方向运行时，当传送带速度v=v0时，滑块水平方向不受力，物体将一直做匀速运动滑过B点，故C正确D错误；应当选：AC．【点评】此题关键会根据物块的受力判断物块的运动规律，特别是传送带顺时针传动时，当物块的速度大于传送带的速度，如此在传送带上先做匀减速运动，当速度等于传送带速度时，做匀速直线运动．11．如下列图，物块M通过与斜面平行的细绳与小物块m相连．斜面的倾角α可以改变．讨论物块M对斜面的摩擦力的大小，如此有〔〕A．假设物块M保持静止，如此α角越大，摩擦力一定越大B．假设物块M保持静止，如此α角越大，摩擦力一定越小C．假设物块M沿斜面下滑，如此α角越大，摩擦力越大D．假设物块M沿斜面下滑，如此α角越大，摩擦力越小【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】对滑块M受力分析，将力按效果沿着与斜面平行和与斜面垂直方向正交分解，根据平衡条件列式分析各个力．【解答】解：A、B、物体m受到重力mg和拉力T，处于平衡状态，有T=mg对滑块M受力分析，受重力Mg、支持力N、拉力T和静摩擦力f，其中静摩擦力方向取决于拉力T和重力的下滑分量的大小，假设mg＜Mgsinα，如图1；假设mg＞Mgsinα，如图2根据平衡条件，对于图1，有T+f=Mgsinα故α越大，f越大；根据平衡条件，对于图2，有T=f+Mgsinα故α越大，f越小；故A、B均错误；C、D、由于物体M下滑，所以物体所受到滑动摩擦力f，有f=μN又由于是在斜面上，所以f=μmgcosα当α增大时cosα减少〔0～90度〕，所以f减少，故C错误，D正确；应当选：D．【点评】此题关键是对滑块M受力分析，对于摩擦力，要分为静摩擦力和滑动摩擦力两种情况，根据平衡条件得到摩擦力的表达式再进展分析讨论．12．质量为2m的物块A和质量为m的物块B相互接触放在水平面上，如下列图．假设对A 施加水平推力F，如此两物块沿水平方向做加速运动．关于A对B的作用力，如下说法中正确的答案是〔〕A．假设水平地面光滑，物块A对B的作用力大小为FB．假设水平地面光滑，物块A对B的作用力大小为C．假设物块A与地面间无摩擦，B与地面的动摩擦因数为μ，如此物体A对B的作用力大小为μmgD．假设物块A与地面间无摩擦，B与地面的动摩擦因数为μ，如此物体A对B的作用力大小为【考点】牛顿运动定律的应用-连接体；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】将AB作为整体处理，由牛顿第二定律可得出整体的加速度；再对B物体分析可得出B受到A的作用力．【解答】解：A、假设水平面光滑，如此对整体受力分析可知；F=〔m+2m〕a，解得a=，再对B分析，B水平方向只受A的作用力，由牛顿第二定律可得：T=ma=，故A错误，B正确；假设B和地面有摩擦，对整体分析有：F﹣μmg=3ma′；如此B受力为T′﹣μmg=ma′，解得：T′=μmg+﹣=，故C错误，D正确；应当选BD．【点评】此题为牛顿第二定律中的连接体问题，这种问题注意一般先对整体分析再分析其中受力最少的那一个物体．二．实验题〔4分+9分〕13．一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系〞的实验中，使用两条不同的轻质弹簧a 和b，得到弹力与弹簧长度的图象如下列图．如此： b 弹簧的原长更长， a 弹簧的劲度系数更大．〔填“a〞或“b〞〕【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】实验题．【分析】根据弹簧弹力与弹簧形变量之间的关系可正确解答．【解答】解：根据胡克定律得：F=kx=k〔L﹣L0〕，其中L0为弹簧的原长，由此可知在F﹣L 图象上横轴截距表示弹簧的原长，从图中横轴截距可以看出b的原长大于a的原长．根据胡克定律得：F=kx=k〔L﹣L0〕，可知图象斜率表示劲度系数的大小，故由图可知a的劲度系数较大．故答案为：b，a．【点评】此题比拟简单考查了胡可定律的应用，做题时需要结合数学知识求解，是一道考查数学与物理结合的好题目．14．物理小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数．实验装置如图甲所示，打点计时器固定在斜面上，滑块拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上由静止滑下．图乙是打出的纸带的一段．〔1〕打点计时器所使用的交流电的频率为50Hz，选A、B、C、D、E、F、G 7个点为计数点，且各计数点间均有一个点没有画出，如此滑块下滑的加速度a= 0.48 m/s2．〔结果保存两位小数〕〔2〕为测量动摩擦因数，如下物理量中还应测量的有AB ．〔填入所选物理量前的字母〕。

2024届江西省景德镇市高三上学期第一次质量检测物理试题

2024届江西省景德镇市高三上学期第一次质量检测物理试题一、单选题：本题共7小题，每小题4分，共28分 (共7题)第(1)题电影《流浪地球2》中太空电梯的缆索焊接是利用加速和会聚的高速电子流轰击工件接缝处，使材料熔合的一种焊接方法。

电子束焊接机中的电场线如图虚线所示。

K为阴极，A为阳极，不考虑电子重力及电子间的相互作用，下列说法正确的是（）A．K点电势高于A点电势B．电子由K运动到A，电势能增加C．电子由K运动到A，加速度不变D．电子束焊接原理是将电子流的动能转化为内能第(2)题如图a所示，轻绳跨过固定在水平杆右端的光滑定滑轮（重力不计）栓接一质量为M的物体，；如图b所示，轻杆HG一端用铰链固定在竖直墙上，另一端通过细绳拉住，，另一轻绳悬挂在轻杆的G端，也拉住一质量为M的物体，重力加速度为g。

下列说法正确的是（）A．图a中杆对滑轮的作用力大小为B．图b中HG杆弹力大小为C．轻绳段张力与轻绳段张力大小之比为D．轻绳段张力与轻绳段张力大小之比为第(3)题如图，玻璃管内封闭了一段气体，气柱长度为，管内外水银面高度差为，若温度保持不变，把玻璃管稍向上提起一段距离，则( )A．均变大B．均变小C．变大变小D．变小变大第(4)题在雷雨云下沿竖直方向的电场强度为V/m，已知一半径为1mm的雨滴在此电场中不会下落，取重力加速度大小为10m/,水的密度为kg/．这雨滴携带的电荷量的最小值约为A．2C B．4C C．6C D．8C第(5)题我国自主三代核电技术“华龙一号”全球首堆示范工程—福清核电5、6号机组正式通过竣工验收，设备国产化率达到90％，反映了我国建立起了更加成熟完备的核科技工业体系。

根据图示的原子核的比结合能曲线，以下判断中正确的是（）A．核的结合能比核的结合能更小B．两个核结合成时要释放能量C．两个结合成存在能量与质量的相互转化D．中核子的平均质量比中核子的平均质量小第(6)题已知墨子号量子科学实验卫星在离地球表面500km高处的轨道上做匀速圆周运动，94分钟绕地球一周，地球的半径为6400km，引力常量为，忽略地球的自转。

2024届河南省郑州市高三上学期第一次质量检测物理试题

2024届河南省郑州市高三上学期第一次质量检测物理试题一、单选题：本题共7小题，每小题4分，共28分 (共7题)第(1)题在折射率为的液体内部有一点光源S，点光源可以向各个方向移动。

某时刻，在液面上观察到半径为R＝0.2m的圆形光斑。

现让点光源S向某个方向匀速移动，发现光斑最右侧边沿B位置不动，最左侧边沿D向左侧移动，经过2s，有东西侧边沿D向左移动了，侧面图如图所示，则点光源S的移动速度方向和大小（）A ．水平向左B．水平向右C．v＝1m/s D．m/s第(2)题磁感应强度B的单位T等价于（）A．B．C．D．第(3)题2023年5月30日神舟十六号载人飞船成功对接于空间站天和核心舱径向端口，两飞行乘组的航天员于18时22分会师“天宫”。

空间站绕地球的运动可以看作匀速圆周运动。

已知地球的平均密度为，表面的重力加速度为g，空间站的轨道半径远低于同步卫星的轨道半径，引力常量为G，下列说法正确的是（）A．空间站内宇航员不受重力，处于完全失重状态B．空间站运行的圆轨道半径为C．根据已知信息可以求得地球的质量为D．空间站的向心加速度小于赤道上物体随地球自转的向心加速度第(4)题如图，高速公路上一辆速度为90km/h的汽车紧贴超车道的路基行驶。

驾驶员在A点发现刹车失灵，短暂反应后，控制汽车通过图中两段弧长相等的圆弧从B点紧贴避险车道左侧驶入。

已知汽车速率不变，A、B两点沿道路方向距离为105m，超车道和行车道宽度均为3.75m，应急车道宽度为2.5m，路面提供的最大静摩擦力是车重的0.5倍，汽车转弯时恰好不与路面发生相对滑动，重力加速度，估算驾驶员反应时间为（）A．1.6s B．1.4s C．1.2s D．1.0s第(5)题2024年2月23日，“长征5号”遥七运载火箭搭载通信技术试验卫星十一号发射成功，被誉为龙年首发。

卫星进入地球同步轨道后，主要用于开展多频段、高速率卫星通信技术验证。

设地球同步卫星的轨道半径是地球半径的n倍，下列说法中正确的是（）A．地球同步卫星可以静止在北京上空B．同步卫星运行速度是第一宇宙速度的C．同步卫星的运行速度是地球赤道上物体随地球自转获得的速度的D．若忽略地球的自转效应，则同步卫星的向心加速度是地球表面重力加速度的第(6)题在La型超新星爆发中，可以观察到放射性镍衰变为钴。

河北省沧州市任丘市第一中学南校区2022-2023学年高三上学期周测物理试题 (1)

任丘一中南校区高三物理周测试题第Ⅰ卷（选择题，共48分）一、选择题(本题共10小题，共48分。

第1～6题每题4分，只有一项符合题目要求；第7～10题有多个选项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全得3分，错选得0分)．1．一直导线平行于通电螺线管的轴线放置在螺线管的上方，如图所示，如果直导线可以自由地运动且通以由a 到b 的电流，则关于导线ab 受磁场力后的运动情况，下列说法正确的是()．A ．从上向下看顺时针转动并靠近螺线管B ．从上向下看顺时针转动并远离螺线管C ．从上向下看逆时针转动并远离螺线管D ．从上向下看逆时针转动并靠近螺线管2．欧姆在探索导体的导电规律的时候，没有电流表，他利用小磁针的偏转检测电流，具体的做法是：在地磁场的作用下，处于水平静止的小磁针上方，平行于小磁针水平放置一直导线，当该导线中通有电流的时候，小磁针就会发生偏转；当通过该导线的电流为I 时，发现小磁针偏转了30°，由于直导线在某点产生的磁场与通过直导线的电流成正比，当他发现小磁针偏转了60°时，通过该导线的电流为()A ．3IB ．2I C.3I D ．I 3．如图所示，圆形区域内有一垂直纸面的匀强磁场，P 为磁场边界上的一点．有无数带有同样电荷、具有同样质量的粒子在纸面内沿各个方向以相同的速率通过P 点进入磁场．这些粒子射出边界的位置均处于边界的某一段圆弧上，这段圆弧的弧长是圆周长的13.将磁感应强度的大小从原来的B 1变为B 2，结果相应的弧长变为原来的一半，则B 2/B 1等于()A.2B.3C ．2D ．34．如图所示，一段长方体形导电材料，左右两端面的边长都为a 和b ，内有带电量为q 的某种自由运动电荷．导电材料置于方向垂直于其前表面向里的匀强磁场中，内部磁感应强度大小为B.当通以从左到右的稳恒电流I时，测得导电材料上、下表面之间的电压为U，且上表面的电势比下表面的低、由此可得该导电材料单位体积内自由运动电荷数及自由运动电荷的正负分别为()．A.IB|q|aU，负 B.IB|q|aU，正C.IB|q|bU，负 D.IB|q|bU，正5.如图所示，两个完全相同的木模质量均为m，通过三根轻质竖直细线对称连接，放在水平面上呈“互”字型静置，上方木模呈现悬浮效果，这是利用了建筑学中的“张拉整体”的结构原理。

2024届河南省信阳市普通高中高三上学期第一次教学质量检测物理试题

2024届河南省信阳市普通高中高三上学期第一次教学质量检测物理试题一、单选题 (共7题)第(1)题2023年11月，在广西举办的第一届全国学生（青年）运动会的自行车比赛中，若甲、乙两自行车的图像如图，在时刻两车在赛道上初次相遇，则（）A．内，乙的加速度越来越大B．时刻，甲乙再次相遇C．内，甲乙之间的距离先增大后减小D．内，甲乙之间的距离先减小后增大第(2)题某兴趣小组做发射水火箭实验。

假设水火箭竖直上升至最高点开始匀加速竖直下落，一段时间后，其降落伞打开，再匀减速竖直下降。

若从最高点开始计时，下列关于水火箭图像可能正确的是（）A．B．C．D．第(3)题某跳伞运动员从悬停在空中的直升机上由静止自由下落（空气阻力不计），下落一段距离后打开降落伞，从打开降落伞开始计时，运动员的速度随时间变化的图像如图所示，重力加速度g取，下列说法中正确的是（）A．运动员自由下落的距离为10mB．在0~5s时间内，运动员运动的位移大小为62.5mC．在0~5s时间内，运动员所受阻力随时间减小D．在5~8s时间内，运动员的机械能不变第(4)题如图所示，小明分别在篮筐正前方的、位置投掷篮球，篮球都垂直击中篮板上的同一点，已知篮球两次出手时的高度相同，不计空气阻力，关于两次投篮，下列说法正确的是（）A．篮球出手时的速度相同B．篮球击中篮筐时的速度相同C．小明两次投篮时对篮球做的功相同D．篮球从出手到垂直击中篮筐所用的时间相同第(5)题如图所示，正方体框架的底面处于水平地面上。

从顶点A沿不同方向水平抛出小球（可视为质点），不计空气阻力。

关于小球的运动，下列说法正确的是（）A．落点在上的小球，落在点时平抛的初速度最大B．落点在内的小球，落在点的运动时间最长C．落点在上的小球，平抛初速度的最小值与最大值之比是D．落点在上的小球，落地时重力的瞬时功率均不相同第(6)题如图所示，工人利用滑轮组将重物缓慢提起，下列说法正确的是（）A．工人受到的重力和支持力是一对平衡力B．工人对绳的拉力和绳对工人的拉力是一对作用力与反作用力C．重物缓慢拉起过程，绳子拉力变小D．重物缓慢拉起过程，绳子拉力不变第(7)题图（a）为一列简谐横波在某一时刻的图像，P、Q为平衡位置在x p=3m和x Q=6m的两质点，图（b）为质点P从该时刻开始计时的振动图像。

高三物理上册第一次周考试题

2010届高三物理上册第一次周考试题理科综合能力测试题物理部分选择题（本题包括8小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分）14.光滑水平面上静止的物体，受到一个水平拉力 F 作用开始运动，拉力随时间变化如右图所示，用 EK 、v 、Δx 、 P 分别表示物体的动能、速度、位移和水平拉力的功率，下列四个图象中分别定性描述了这些物理量随时间变化的情况，正确的是（）15、下列说法中符合物理规律或自然界规律的是（）A 、物体从外界吸收热量，其内能一定增大B 、随着低温技术的发展，科学家一定能把温度降低到绝对零度以下C 、随着航天技术的发展，我国科学家一定能够发射一颗定点在北京上空的同步卫星D 、有的半导体的导电性能受温度影响比较敏感，它可以制成火灾报警器的元16．器壁透热的气缸放在恒温环境中，如图所示。

气缸内封闭着一定量的气体，气体分子间相互作用的分子力可以忽略不计，当缓慢推动活塞Q 向左运动的过程中，下列说法：①活塞对气体做功，气体的平均动能增加；②活塞对气体做功，气体的平均动能不变；③气体的单位分子数增大，压强增大；④气体的单位分子数增大，压强不变。

其中正确的是（） A ．①③ B ．①④ C ．②③ D ．②④17．如右图所示，a 、b 是绕地球做圆周运动的两颗卫星，关于卫星，下列说法正确的是（） A ．b 的环绕速度较大 B ．b 的向心加速度较大 C ．b 的运动周期较长D ．由于受稀薄空气阻力作用，a 的轨道半径将缓慢减小，则其环绕速度将缓慢减小18．如图所示，a 、b是一列简谐横波上的两个质点，它们ABCD在x 轴上的距离s=30m ，波沿x 轴正方向传播，当a 振动到最高点时，b 恰好经过平衡位置且向下振动；经过1.0s ，a 恰好经过平衡位置且向下振动，b 到达最低点，那么（） A ．这列波的速度可能是50m/s B ．这列波的周期一定是4s C ．这列波的波长可能是24m D ．这列波的频率可能是1.25Hz19．如图所示，有一带电粒子贴A 板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为U 1时，带电粒子沿轨迹①从两板正中间飞出；当偏转电压为U 2时，带电粒子沿轨迹②落到B 板中间；设两次射入电场的水平速度相同，则电太U 1、U 2之比为（） A ．1：8 B ．1：4 C ．1：2 D ．1：120．理想变压器的连接电路如图甲所示，原副线圈匝数比为10∶1，当输入电压波形如图乙所示时，电流表读数为 2 A ，则（）A ．电压表读数为28.2 VB ．电压表读数为20 VC ．输入功率为56.4 WD ．电阻阻值为10 Ω21．一矩形线圈位于一随时间t 变化的匀强磁场内，磁场方向垂直线圈所在的平面（纸面）向里，如图1所示，磁感应强度B 随t 的变化规律如图2所示.以I 表示线圈中的感应电流，以图1中线圈上箭头所示方向的电流为正，则以下的I -t 图中正确的是（）图1 图222．实验题（17分）Ⅰ. 某学生用螺旋测微器测量某一金属丝时，测得的结果如图a 所示，则该金属丝的直径d = mm。

2024届江西省景德镇市高三上学期第一次质量检测物理试题(基础必刷)

2024届江西省景德镇市高三上学期第一次质量检测物理试题（基础必刷）一、单项选择题（本题包含8小题，每小题4分，共32分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）(共8题)第(1)题如图所示，电量为Q正电荷均匀地分布在半径为r的圆环上M为圆环平面内点，过圆心O点的x轴垂直于环面，N为x轴上一点，ON=h.则（）A．M、O两点场强都为零B．M、O、N三点中O点电势最高C．N点场强大小为D．过M点以O点为圆心的圆是一条等势线第(2)题避险车道是指在长陡下坡路段行车道外侧增设的供速度失控（刹车失灵）车辆驶离正线安全减速的专用车道，如图所示。

一辆质量为的失控载重卡车以速度冲上避险车道，直线行驶位移后安全停下。

查阅公路设计资料得知，该避险车道的路面与水平路面的夹角为。

若将载重卡车视为做匀变速直线运动的质点，当地重力加速度为，关于载重卡车在避险车道上的运动，下列说法正确的是（）A．加速度大小为B．加速度大小为C．运动时间为D．损失的机械能为第(3)题如图所示，水平面内有一平行金属导轨，导轨光滑且电阻不计．匀强磁场与导轨平面垂直．阻值为R的导体棒垂直于导轨静止放置，且与导轨接触．T=0时，将开关S由1掷到2．q、i、v和a分别表示电容器所带的电荷量、棒中的电流、棒的速度和加速度．下列图像正确的是A．B．C．D．第(4)题空间存在一沿x轴方向的静电场，质子由O点开始仅在电场力的作用下沿x轴的正方向运动，该过程中质子的电势能关于位移x的变化规律如图所示。

其中图线O~x2为顶点在x1的开口向上的抛物线，x2以后的图线为倾斜的直线。

下列说法正确的是（）A．O位置和x2位置的电场强度相同B．图中x1处的电势最高，x3处的电势最低C．x2~x3段质子做匀变速直线运动D．该电场沿x轴的正方向第(5)题跳跳球深受小朋友的喜爱，该游戏既能锻炼身体、又能训练身体的平衡能力。

跳跳球向下运动与地面接触的过程，封闭气体的体积减小；跳跳球向上运动离开地面的过程，封闭气体的体积增大。

高三物理上学期第一次周考试卷

咐呼州鸣咏市呢岸学校野寨高三第一次周考物理试卷一、选择题1．一质量为m的物体静止放在光滑的水平面上，今以恒力F沿水平方向推该物体，在相同的时间间隔内，以下说法正确的选项是A．物体的位移相B．物体速度的变化量相C．F对物体做的功相D．恒力F的平均功率相2．负重奔跑是体能训练的常用方式之一，如下图的装置是运发动负重奔跑的跑步机．运发动质量为m1，绳拴在腰间沿水平方向跨过滑轮悬挂质量为m2的重物，人用力向后蹬，使传送带沿顺时针方向转动，下面说法正确的选项是A．假设m2静止不动，运发动对传送带的摩擦力大小为m1gB．假设m2静止不动，传送带转动越快，运发动对传送带的摩擦力也越大C．假设m2匀速上升时，上升速度越大，运发动对传送带的摩擦力也越大D．假设m2匀加速上升时，m1越大，运发动对传送带的摩擦力也越大3．如下图，两个物体以相同大小的初始速度从空中O点同时分别向x轴正负方向水平抛出，它们的轨迹恰好是抛物线方程y=x2，重力加速度为g，那么以下说法正确的选项是A．初始速度为B．初始速度为C．O点的曲率半径为D．O点的曲率半径为2k4．2010年10月1日18时59分57秒，随着嫦娥二号在西昌卫星发心升空，中国探月工程二期揭开序幕．在经历了星箭别离、卫星入轨、中途修正、约111小时近35万公里的行程后，时间6日11时6分，在飞行控制中心的精确控制下，嫦娥二号卫星实施第一次近月制动，32分钟后，卫星顺利进入周期约12小时的椭圆环月轨道，为嫦娥二号最终进入“使命轨道〞进行探测活动奠了坚实根底．联系所学的物理知识，进行的以下推断正确的选项是A．在点火阶段，由于平均加速度很难超过重力加速度，所以该阶段为失重阶段B．嫦娥二号卫星实施近月制动后，速度会减小，动能转化为势能，卫星会靠近月球C．假设嫦娥二号的轨道半径和周期，就可以算出卫星的质量D．嫦娥二号卫星的质量减小，那么飞船速率会减小5．均匀带电的球壳在球外空间产生的电场效于电荷集中于球心处产生的电场．如下图，在半球面AB上均匀分布正电荷，总电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球顶点与球心O的轴线，在轴线上有M、N两点，OM=ON=2R．M点的场强大小为E，那么N点的场强大小为A．﹣E B．C．﹣ED．+E6．图中虚线是用方法描绘出的某一静电场的一簇势线及其电势的值，一带电粒子只在电场力作用下飞经该电场时，恰能沿图中的实线AC运动，那么以下判断正确的选项是A．粒子一带负电B．粒子在A点的电势能大于在C点的电势能C．A点的场强小于C点的场强D．粒子在A点的动能大于在C点的动能7．如下图，轻弹簧两端分别固在长木板a的左端和物块b上．开始时，a和b都静止，一切摩擦均不计．用大、反向的恒力F1和F2分别拉a和b，那么从a和b开始运动以后的整个过程中，对a、b和弹簧组成的系统来说，以下判断中正确的选项是A．由于F1和F2大反向，所以弹簧所受合力外为零，不发生形变B．由于F1和F2大反向，合力不做功，系统动量守恒、机械能守恒C．弹簧弹力和F1、F2大小相时，a和b的动能最大D．弹簧伸长最大时，a和b速度为零，系统机械能也为零二、8．用螺旋测微器测小球直径时，示数如图甲所示，这时读出的数值是mm；用游标卡尺测量一支铅笔的长度，测量结果如图乙所示，由此可知铅笔的长度是cm．9．在研究平抛物体运动的中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L=1.25cm，假设小球在平抛运动中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，那么小球平抛的初速度的计算式为V0= ，其值是10．发光二极管近年来被人们誉为是本的型光源．有一些手灯就是用几个发光二极管并联后作为光源使用的，其发光效率很高．它在正常工作时，正向压降约V，电流在20mA左右．现取这样一只发光二极管，现要测量它的伏安特性，另提供有以下的器材：A．电流表A1B．电流表A2C．电压表V1D．电压表V2E．滑动变阻器R1F．滑动变阻器R2除稳压直流电源E、开关和带夹子的导线假设干外，还需选用的其它器材有；在虚线方框中画出电路图．11．完整的撑杆跳高过程可以简化成如下图的三个阶段：持杆助跑、撑杆起跳上升、越杆下落．在第二奥运会比赛中，俄罗斯女运发动伊辛巴耶娃以5.05m的成绩打破纪录．设伊辛巴耶娃从静止开始以加速度a=1.25m/s2匀加速助跑，速度到达v=9.0m/s时撑杆起跳，到达最高点时过杆的速度不计，过杆后做自由落体运动，重心下降h2=4.05m时身体接触软垫，从接触软垫到速度减为零的时间t=0.90s．伊辛巴耶娃的质量m=65kg，重力加速度g取10m/s2，不计空气的阻力．求：伊辛巴耶娃起跳前的助跑距离；假设伊辛巴耶娃从接触软垫到速度减为零的过程中做匀减速运动，求软垫对她的作用力大小．12．“电子能量分析器〞主要由处于真空中的电子偏转器和探测板组成．偏转器是由两个相互绝缘、半径分别为R A和R B的圆金属半球面A和B构成，A、B为电势值不的势面，其过球心的截面如下图．一束电荷量为e、质量为m的电子以不同的动能从偏转器左端M的间小孔垂直入射，进入偏转电场区域，最后到达偏转器右端的探测板N，其中动能为E k0的电子沿势面C做匀速圆周运动到达N板的间．忽略电场的边缘效．判断半球面A、B的电势上下，并说明理由；求势面C所在处电场强度E的大小；假设半球面A、B和势面C的电势分别为φA、φB和φC，那么到达N板左、右边缘处的电子，经过偏转电场前、后的动能改变量△E K左和△E K右分别为多少？比拟|△E K左|和|△E K右|的大小，并说明理由．13．如下图为放置在竖直平面内游戏滑轨的模拟装置，滑轨由四粗细均匀的金属杆组成，其中倾斜直轨AB 与水平直轨CD长均为L=3m，圆弧形轨道APD和BQC均光滑，AB、CD与两圆弧形轨道相切，BQC的半径为r=1m，APD的半径为R=2m，O2A、O1B与竖直方向的夹角均为θ=37°．现有一质量为m=1kg的小球穿在滑轨上，以E k0的初动能从B点开始沿AB向上运动，小球与两段直轨道间的动摩擦因数均为μ=，设小球经过轨道连接处均无能量损失．求：要使小球能够通过弧形轨道APD的最高点，初动能E K0至少多大？求小球第二次到达D点时的动能；小球在CD段上运动的总路程．两问中的E K0取第问中的数值〕野寨高三第一次周考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．一质量为m的物体静止放在光滑的水平面上，今以恒力F沿水平方向推该物体，在相同的时间间隔内，以下说法正确的选项是A．物体的位移相B．物体速度的变化量相C．F对物体做的功相D．恒力F的平均功率相考点：功的计算；功率、平均功率和瞬时功率．专题：功的计算专题．分析：体在水平恒力作用下做匀加速直线运动，在相同的时间间隔内位移增大，F做功增大，根据功率的公式求的功率关系．解答：解：A、物体在水平恒力作用下做匀加速直线运动，在相同的时间间隔内物体的位移逐渐增大．故A错误．B、由△v=a△t可知，在相时间内速度变化量相，故B正确；C、由功的公式W=FL知道，在相同的时间间隔内，F做功增大．故C错误．D 、由可知，平均功率不同，故D错误．应选：B点评：在恒力作用下物体做匀加速直线运动，位移、F做功、动能变化量并是不相．属于简单题．2．负重奔跑是体能训练的常用方式之一，如下图的装置是运发动负重奔跑的跑步机．运发动质量为m1，绳拴在腰间沿水平方向跨过滑轮悬挂质量为m2的重物，人用力向后蹬，使传送带沿顺时针方向转动，下面说法正确的选项是A．假设m2静止不动，运发动对传送带的摩擦力大小为m1gB．假设m2静止不动，传送带转动越快，运发动对传送带的摩擦力也越大C．假设m2匀速上升时，上升速度越大，运发动对传送带的摩擦力也越大D．假设m2匀加速上升时，m1越大，运发动对传送带的摩擦力也越大考点：牛顿第二律；力的合成与分解的运用．专题：传送带专题．分析：假设m2静止不动或匀速上升，那么运发动处于静止或匀速直线运动，根据受力平衡判断摩擦力的大小；假设m2匀加速上升时，运发动做匀加速直线运动，根据牛顿第二律判断摩擦力的大小．解答：解：A、假设m2静止不动，那么运发动处于静止，运发动在水平方向上受拉力和摩擦力平衡．f=m2g，与传送带的速度无关．故A、B错误．C、假设m2匀速上升，那么运发动处于匀速直线运动，水平方向受拉力和摩擦力平衡．f=m2g，与运动的速度无关．故C错误．D、假设m2匀加速上升时，运发动做匀加速直线运动，根据牛顿第二律有：f﹣T=m1a，T﹣m2g=m2a，联立解得：f=m2g+a．m1越大，运发动对传送带的摩擦力也越大．故D正确．应选D．点评：解决此题的关键是合理地选择研究的对象，正确地进行受力分析，运用牛顿第二律进行求解．3．如下图，两个物体以相同大小的初始速度从空中O点同时分别向x轴正负方向水平抛出，它们的轨迹恰好是抛物线方程y=x2，重力加速度为g，那么以下说法正确的选项是A．初始速度为B．初始速度为C．O 点的曲率半径为D．O点的曲率半径为2k考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：据题两球均做平抛运动，水平方向的分运动是匀速直线运动，竖直方向上的分运动是自由落体运动，得到水平位移大小x和竖直位移大小y与时间的关系，代入抛物线方程，即可求得初速度；根据数学知识求解O点的曲率半径．解答：解：A、设小球平抛运动的时间为t，那么有：x=v0t，y=，代入到抛物线方程 y=，解得初速度为：v0=，故A、B错误．C、抛物线方程y=求导得：y′==k′x．根据数学知识得知，O点的曲率半径为：R==，故C正确，D错误．应选：C．点评：此题运用数学上参数方程的方法求解初速度，关键是抓住平抛运动的分解方法．根据曲率半径的义，由数学知识求解．4．2010年10月1日18时59分57秒，随着嫦娥二号在西昌卫星发心升空，中国探月工程二期揭开序幕．在经历了星箭别离、卫星入轨、中途修正、约111小时近35万公里的行程后，时间6日11时6分，在飞行控制中心的精确控制下，嫦娥二号卫星实施第一次近月制动，32分钟后，卫星顺利进入周期约12小时的椭圆环月轨道，为嫦娥二号最终进入“使命轨道〞进行探测活动奠了坚实根底．联系所学的物理知识，进行的以下推断正确的选项是A．在点火阶段，由于平均加速度很难超过重力加速度，所以该阶段为失重阶段B．嫦娥二号卫星实施近月制动后，速度会减小，动能转化为势能，卫星会靠近月球C．假设嫦娥二号的轨道半径和周期，就可以算出卫星的质量D．嫦娥二号卫星的质量减小，那么飞船速率会减小考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力律及其用．专题：人造卫星问题．分析：卫星绕月球做圆周运动，万有引力提供向心力，卫星制动时速度减小，动能减小所需要的向心力减小，卫星做向心运动，用万有引力律与牛顿第二律分析答题．解答：解：A、点火阶段，卫星向上做加速加速运动，卫星处于超重状态，故A错误；B、嫦娥二号卫星实施近月制动后，速度会减小，卫星做圆周运动的向心力减小，小于万有引力，卫星做近心运动，卫星轨道半径减小，卫星会靠近月球，故B正确；C、假设嫦娥二号的轨道半径和周期，就可以算出月球的质量，但不能求出卫星的质量，故C错误；D、卫星做圆周运动，万有引力提供向心力，由牛顿第二律得：G =m，解得：v=，飞船的速度与卫星质量无关，故D错误；应选：B．点评：此题考查了万有引力律的用，知道万有引力提供向心力，用万有引力律与牛顿第二律可以解题；物体是否处于超重状态与加速度大小无关，取决于加速度的方向，加速度向上超重，加速度向下，失重．5．均匀带电的球壳在球外空间产生的电场效于电荷集中于球心处产生的电场．如下图，在半球面AB上均匀分布正电荷，总电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球顶点与球心O的轴线，在轴线上有M、N两点，OM=ON=2R．M点的场强大小为E，那么N点的场强大小为A．﹣E B．C．﹣ED．+E考点：电场强度；电场的叠加．专题：电场力与电势的性质专题．分析：均匀带电的球壳在球外空间产生的电场效于电荷集中于球心处产生的电场，假设将带电量为2q的球面放在O处在M、N点所产生的电场和半球面在M点的场强比照求解．解答：解：假设将带电量为2q的球面放在O处，均匀带电的球壳在球外空间产生的电场效于电荷集中于球心处产生的电场．那么在M、N点所产生的电场为E==，由题知当半球面如下图产生的场强为E，那么N点的场强为E′=﹣E，应选A．点评：此题解题关键是抓住对称性，找出两球面上电荷产生的电场关系．6．图中虚线是用方法描绘出的某一静电场的一簇势线及其电势的值，一带电粒子只在电场力作用下飞经该电场时，恰能沿图中的实线AC运动，那么以下判断正确的选项是A．粒子一带负电B．粒子在A点的电势能大于在C点的电势能C．A点的场强小于C点的场强D．粒子在A点的动能大于在C点的动能考点：电场线．分析：解答此题需要掌握：根据势线的分布情况确电场线的分布情况；正确判断带电粒子在电场中运动时电势能的变化；电场力做功特点．解答：解：A、电场线和势线垂直且由高势线指向低势线，因此图中电场线方向垂直势线大体指向左侧，带电粒子所受电场力沿电场线指向曲线内侧，故粒子带正电，故A错误；B、从C到A过程中，电场力做正功，电势能减小，粒子在A点的电势能小于在C点的电势能，故B错误；C、A点势线密，电场线也密，所以电场强度大于C处，故C错误；D、粒子运动过程中只有电场力做功，电势能和动能总量不变，粒子带正电，故在A点电势能较小，故在A点动能较大，故D正确；应选：D．点评：解决这类问题的突破口为根据粒子运动轨迹确粒子所受电场力方向，同时这类问题涉及物理知识很全面，能考查学生综合利用物理知识解决问题的能力，是高考的，要不断练习．7．如下图，轻弹簧两端分别固在长木板a的左端和物块b上．开始时，a和b都静止，一切摩擦均不计．用大、反向的恒力F1和F2分别拉a和b，那么从a和b开始运动以后的整个过程中，对a、b和弹簧组成的系统来说，以下判断中正确的选项是A．由于F1和F2大反向，所以弹簧所受合力外为零，不发生形变B．由于F1和F2大反向，合力不做功，系统动量守恒、机械能守恒C．弹簧弹力和F1、F2大小相时，a和b的动能最大D．弹簧伸长最大时，a和b速度为零，系统机械能也为零考点：动量守恒律；机械能守恒律．专题：动量与动能理或能的转化与守恒律综合．分析：F1和F2大反向，但是由于它们的位移不同，所以做的功的大小不同，当弹簧弹力大小与F1、F2大小相时，物体受到的合力的大小为零，此时物体的速度的大小到达最大，再根据物体的运动状态可以判断物体加速度的变化．解答：解：A、a、b在拉力作用下分别向左、右运动，弹簧被拉伸，弹簧发生形变，故A错误；B、由于F1和F2大反向，系统所受合外力为零，系统动量守恒，但由于F1、F2对系统做功之和不为零，故系统机械能不守恒，故B错误；C、当弹簧弹力大小与F1、F2大小相时，a和b受力平衡，加速度减为零，此时速度到达最大值，故各自的动能最大，系统的动能也最大，故C正确；D、弹簧伸长最大时，a和b速度为零，弹簧弹性势能不为零，故系统机械能不为零，故D错误；应选：C．点评：此题涉及到弹簧，功、机械能守恒的条件、力和运动的关系较多知识．题目情景比拟复杂，全面考查考生理解、分析、解决问题的能力．二、8．用螺旋测微器测小球直径时，示数如图甲所示，这时读出的数值是8.473 mm；用游标卡尺测量一支铅笔的长度，测量结果如图乙所示，由此可知铅笔的长度是10.060 cm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题：题．分析：解决此题的关键掌握螺旋测微器和游标卡尺的读数方法，螺旋测微器的读数方法是固刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．解答：解：螺旋测微器的固刻度读数为8mm，可动刻度读数为0.01×47.30mm=0.473mm，所以最终读数为：8mm+0.473mm=8.473mm，游标卡尺的固刻度读数为10m，游标尺上第12个刻度与主尺上某一刻度对齐，因此游标读数为0.05×12mm=0.60mm=0.060cm，所以最终读数为：10cm+0.060cm=10.060cm；故答案为：73；10.060．点评：解决此题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．9．在研究平抛物体运动的中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L=1.25cm，假设小球在平抛运动中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，那么小球平抛的初速度的计算式为V0= 2，其值是0.70m/s考点：研究平抛物体的运动．专题：题．分析：平抛运动的水平方向做匀速直线运动，从图中可以看出：a、b、c、d 4个点间的水平位移均相为2L，因此这4个点是时间间隔点，v0=，而竖直方向是自由落体运动，两段相邻的位移之差是一个值△y=gT2=L，联立方程即可解出．解答：解：从图中看出，a、b、c、d 4个点间的水平位移均相，是x=2L，因此这4个点是时间间隔点．竖直方向两段相邻位移之差是个值，即△y=gT2=L，再根据v0=解出v0=2代入数据得v0=2×=0.70m/s．故答案为：2；0.70m/s．点评：此题考查平抛物体的运动规律．要求同学们能够从图中读出有用信息，再根据平抛运动的根本公式解题，难度适中．10．发光二极管近年来被人们誉为是本的型光源．有一些手灯就是用几个发光二极管并联后作为光源使用的，其发光效率很高．它在正常工作时，正向压降约V，电流在20mA左右．现取这样一只发光二极管，现要测量它的伏安特性，另提供有以下的器材：A．电流表A1B．电流表A2C．电压表V1D．电压表V2E．滑动变阻器R1F．滑动变阻器R2除稳压直流电源E、开关和带夹子的导线假设干外，还需选用的其它器材有ACE ；在虚线方框中画出电路图．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：题；恒电流专题．分析：根据LED正常工作时的正向电压选择电压表，根据LED正常工作时的电流大小选择电流表．要描绘LED的伏安特性曲线，电压表与电流表从零开始变化，滑动变阻器采用分压接法，根据待测LED电阻与电表内阻间的关系确电流表采用内接法还是外接法，然后作出电路图．解答：解：LED正常工作时，正向电压约V，因此电压表可选C、电压表V1，LED正常工作时电流在2OmA左右，为0.6A的60分之一，使用电流表A2读数误差较大，电流表选A、电流表A1；滑动变阻器采用分压接法；应选择最大电阻较小的E；描绘LED的伏安特性曲线，电压表与电流表示数从零开始变化，滑动变阻器采用分压接法；LED正常工作时电阻约为R===160Ω，==8，=≈18，＜，故电流表采用外接法，电路图如下图．故答案为：ACE；如下图；点评：此题考查了选择器材、设计电路，确滑动变阻器接法与电流表接法是正确设计电路的关键．11．完整的撑杆跳高过程可以简化成如下图的三个阶段：持杆助跑、撑杆起跳上升、越杆下落．在第二奥运会比赛中，俄罗斯女运发动伊辛巴耶娃以5.05m的成绩打破纪录．设伊辛巴耶娃从静止开始以加速度a=1.25m/s2匀加速助跑，速度到达v=9.0m/s时撑杆起跳，到达最高点时过杆的速度不计，过杆后做自由落体运动，重心下降h2=4.05m时身体接触软垫，从接触软垫到速度减为零的时间t=0.90s．伊辛巴耶娃的质量m=65kg，重力加速度g取10m/s2，不计空气的阻力．求：伊辛巴耶娃起跳前的助跑距离；假设伊辛巴耶娃从接触软垫到速度减为零的过程中做匀减速运动，求软垫对她的作用力大小．考点：牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动律综合专题．分析：对运发动助跑过程运用速度位移公式列式求解即可；对自由落体运动过程运用速度位移公式求出末速度，再对减速过程运用速度时间公式求出加速度，再受力分析后运用牛顿第二律列式求解解答：解：、设助跑距离为x，由运动学公式有：v2=2ax解得：x==32.4m、运发动过杆后做自由落体运动，设接触软垫时的速度为v'，由运动学公式有：v'2=2gh2设软垫对运发动的作用力为F，由牛顿第二律得：F﹣mg=ma由运动学公式有：a=解得：F=1300 N答：伊辛巴耶娃起跳前的助跑距离为32.4m；假设伊辛巴耶娃从接触软垫到速度减为零的过程中做匀减速运动，软垫对她的作用力大小为1300N点评：此题关键是分析清楚运发动的运动过程，然后对各个匀变速过程运用运动学公式和牛顿第二律联立列方程求解12．“电子能量分析器〞主要由处于真空中的电子偏转器和探测板组成．偏转器是由两个相互绝缘、半径分别为R A和R B的圆金属半球面A和B构成，A、B为电势值不的势面，其过球心的截面如下图．一束电荷量为e、质量为m的电子以不同的动能从偏转器左端M的间小孔垂直入射，进入偏转电场区域，最后到达偏转器右端的探测板N，其中动能为E k0的电子沿势面C做匀速圆周运动到达N板的间．忽略电场的边缘效．判断半球面A、B的电势上下，并说明理由；求势面C所在处电场强度E的大小；假设半球面A、B和势面C的电势分别为φA、φB和φC，那么到达N板左、右边缘处的电子，经过偏转电场前、后的动能改变量△E K左和△E K右分别为多少？比拟|△E K左|和|△E K右|的大小，并说明理由．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电场强度．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：电子做匀速圆周运动，电场力提供向心力，电子受力的方向与电场的方向相反；由牛顿第二律和向心力列式解答；电子动能的改变量于电场力做功，使用动能理即可解答：解：电子做圆周运动，电场力方向指向球心，电场方向从B指向A，B板电势高于A 析电势．据题意，电子在电场力作用下做圆周运动，考虑到圆轨道上的电场强度大小相同，有：联立解得：电子运动时只有电场力做功，根据动能理，有△E k=qU对到达N板左边缘的电子，电场力做正功，动能增加，有△E k左=e到达N板右边缘的电子，电场力做负功，动能减小，有△E k右=e根据电场线特点，势面B与C之间的电场强度大于C与A之间的电场强度，考虑到势面间距相，有|ϕB﹣ϕC|＞|ϕA﹣ϕC|即|△E k左|＞|△E k右|答：B板电势高于A板势面C所在处电场强度E 的大小经过偏转电场前、后的动能改变量△E K左和△E K右分别为e和e|△E k左|＞|△E k右|点评：该题考查带电粒子在放射状电场中的运动与电场力做功，解题的关键是电场力提供向心力，写出相的表达式，即可正．属于中档题目13．如下图为放置在竖直平面内游戏滑轨的模拟装置，滑轨由四粗细均匀的金属杆组成，其中倾斜直轨AB 与水平直轨CD长均为L=3m，圆弧形轨道APD和BQC均光滑，AB、CD与两圆弧形轨道相切，BQC的半径为r=1m，APD的半径为R=2m，O2A、O1B与竖直方向的夹角均为θ=37°．现有一质量为m=1kg的小球穿在滑轨上，以E k0的初动能从B点开始沿AB向上运动，小球与两段直轨道间的动摩擦因数均为μ=，设小球经过轨道连接处均无能量损失．求：要使小球能够通过弧形轨道APD的最高点，初动能E K0至少多大？求小球第二次到达D点时的动能；小球在CD段上运动的总路程．两问中的E K0取第问中的数值〕考点：动能理的用．专题：动能理的用专题．分要使小球能够向上运动并回到B点，有两个临界条件的要求：一是要使小球能够通过。

2023届高三物理练习一(学生用)第一次周考详解版

物理第1页共4页2023届高三物理练习一考试范围：必修一考试时间：75分钟分值：100分一、选择题（1-6题为单选题，每小题4分，共24分。

7-10题为多选题，每小题5分，漏选得3分，错选或不选得0分，共20分。

本大题共44分）1．如图所示，鱼儿摆尾击水跃出水面，吞食荷花花瓣的过程中，下列说法正确的是（）A ．鱼儿吞食花瓣时鱼儿受力平衡B ．鱼儿摆尾出水时浮力大于重力C ．鱼儿摆尾击水时受到水的作用力D ．研究鱼儿摆尾击水跃出水面的动作可把鱼儿视为质点2．以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比，下列用虚线和实线描述两物体运动的v t 图像可能正确的是（）A ．B ．C ．D ．3．ETC 是高速公路上不停车电子收费系统的简称。

如图，汽车以15m/s 的速度行驶，如果过人工通道，需要在收费站中心线处减速至0，等待缴费，再加速至15m/s ，已知从开始减速到恢复至原来速度共用时50s ，发生位移225m 。

如果过ETC 通道，需要在中心线前方10m 处减速至5m/s ，匀速到达中心线后，再加速至15m/s ，设汽车加速和减速的加速度大小均为1m/s 2，汽车过ETC 通道比人工通道节约时间为（）A ．28sB ．27sC ．26sD ．25s4．两位小朋友玩弹珠子游戏。

固定直杆与水平面的夹角为37 ，两颗有孔的珠子a 、b 穿在直杆上，初始时珠子之间的距离为0另一个小朋友同时将珠子b 无初速度释放，经时间t ，在珠子a 返回过程中两珠子相遇。

珠子与杆之间的摩擦很小，可忽略，sin 370.6 ，210m /s g ，则（）A．0lt v ＞B ．lt v C ．06v lD ．036l v l＜＜5．如图，用两根等长的细绳将一匀质圆柱体悬挂在竖直木板的P 点，将木板以直线MN 为轴向后方缓慢转动直至水平，绳与木板之间的夹角保持不变，忽略圆柱体与木板之间的摩擦，在转动过程中（）A ．圆柱体对木板的压力逐渐增大B ．圆柱体对木板的压力先增大后减小C ．两根细绳上的拉力均先增大后减小D ．两根细绳对圆柱体拉力的方向不变D只受关注到速度为0时两个的加速度相等减速段t isws x逛to②匀速取t if2S xiom ③加速段ititios xzioomxixzis om ee 225⼈还少⼀个5m ⾮算净错要跟505⽐需加上5呁速2时向本⼆是以权t 5os ct tt 䖵50-23-275ygc5Ms_中到相⾊时向Rt缃河取相对参融取的参考可以做邈动it㵙⽽减速时间⻓⼆箱⼆fat ˋˋ即⼀辅助图⽚中Be us T T 上四到原点时022012近古以实n iNUTNir品品谕xxphoto split-8从钝⻆变到90再度到锐⻆sàr 先办的⼈先Tbh G物理第2页共4页6．如图所示，橡皮筋的一端固定在O 点，另一端拴一个物体，O 点的正下方A 处有一垂直于纸面的光滑细杆，OA 为橡皮筋的自然长度。

高三物理上学期第一次检测试题

江苏省涟水中学2016~2017学年度高三年级第一次质量检测物理试题注意：本试卷满分120分，考试时间100分钟。

请将答案填写在答题卡上，直接写在试卷上不得分。

一、单项选择题：本题共7小题，每小题3分，共21分。

每小题只有一个．．．．选项符合题意。

1．下列说法正确的是A ．开普勒测出了万有引力常量B ．牛顿第一定律能通过现代的实验手段直接验证C ．卡文迪许发现地月间的引力满足距离平方反比规律D ．伽利略将实验和逻辑推理和谐地结合起来，发展了科学的思维方式和研究方法2. 体操是力与美的运动．吊环比赛中运动员的两臂从竖直位置开始缓慢展开到接近水平，形成如图所示“十字支撑”这一优美造型．开始时吊绳竖直，这一过程下列说法正确的是 A. 吊绳的拉力逐渐减小 B. 吊绳的拉力逐渐增大 C. 两绳的合力逐渐增大 D. 两绳的合力逐渐减小3．一质点沿x 轴运动，其位置x 随时间t 变化的规律为：)(5102m t t x -=，t 的单位为s 。

下列关于该质点运动的说法正确的是 A ．该质点的初速度大小为5m/sB ．物体的加速度大小为5m/s2C ．t = 2s 时刻该质点速度为零D ．0~3s 内该质点的平均速度大小为5m/s4．如图所示为嫦娥一号、二号卫星先后绕月做匀速圆周运动的示意图，“嫦娥一号”在轨道I 上运行，距月球表面高度为200km ；“嫦娥二号”在轨道II 上运行，距月球表面高度为100km 。

根据以上信息可知下列判断不正确．．．的是 A ．“嫦娥二号”的运行速率大于“嫦娥一号”的运行速率 B ．“嫦娥二号”的运行周期大于“嫦娥一号”的运行周期 C ．“嫦娥二号”的向心加速度大于“嫦娥一号”的向心加速度D ．“嫦娥二号”和“嫦娥一号”在轨道上运行时，所携带的仪月球轨道II轨道I甲乙器都处于完全失重状态5．如图甲所示，静止在水平地面上的物块受到水平拉力F 的作用，F 与时间t 的关系如图乙所示，设物块与地面之间的最大静摩擦力f m 大小与滑动摩擦力大小相等，则 A ．0～t 1时间内物块所受摩擦力不变 B ．t 1～t 2时间内物块做加速度减小的加速运动 C ．t 2时刻物块的速度最大D ．t 2～t 3时间内物体体速度不断增大6．如图所示，为自行车的传动机构，行驶时与地面不打滑。

高三物理上学期第一次周考试题(班含解析)

咐呼州鸣咏市呢岸学校高三〔上〕第一次周考物理试卷〔班〕一、选择题：本大题共12小题，每题4分，共计48分．其中1-8小题是单项选择题；9-12小题是多项选择，选对得4分，少选得2分，不选或选错得0分．1．〔4分〕在力学理论建立的过程中，有许多伟大的家做出了奉献．关于家和他们的奉献，以下说法中不正确的选项是〔〕A．伽利略首先将事实和逻辑推理〔包括数学推演〕和谐地结合起来B．笛卡尔对牛顿第一律的建立做出了奉献C．开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动三大律D．牛顿总结出了万有引力律并用测出了引力常量【考点】：物理学史．【专题】：常规题型．【分析】：此题比拟简单考查了学生对物理学史的了解情况，在物理学开展的历史上有很多家做出了重要奉献，熟悉的牛顿、爱因斯坦、法拉第，在学习过程中要了解、知道这些著名家的重要奉献【解析】：解：A、伽利略首先将事实和逻辑推理〔包括数学推演〕和谐地结合起来，标志着物理学的真正开始，故A正确；B、笛卡尔人又在伽利略研究的根底上进行了更深入的研究，他认为：如果运动物体，不受任何力的作用，不仅速度大小不变，而且运动方向也不会变，将沿原来的方向匀速运动下去，因此笛卡尔对牛顿第一律的建立做出了奉献，故B正确；C、开普勒提出行星运动三大律，故C正确；D、万有引力常量是由卡文迪许测出的故D错误．此题选错误的，应选D．【点评】：要熟悉物理学史，了解物理学家的探索过程，从而培养学习物理的兴趣和为的奉献精神．2．〔4分〕有关超重和失重的说法，正确的选项是〔〕A．物体处于超重状态时，所受重力增大；处于失重状态时，所受重力减小B．竖直上抛运动的物体处于完全失重状态C．在沿竖直方向运动的升降机中出现失重现象时，升降机一处于上升过程D．在沿竖直方向运动的升降机中出现失重现象时，升降机一处于下降过程【考点】：超重和失重．【专题】：牛顿运动律综合专题．【分析】：当物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力大于它本身的重力，是超重现象；当物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力小于它本身的重力，是失重现象．超重和失重时，本身的重力没变．运动学特征：超重时，根据牛顿第二律，加速度的方向向上；失重时，加速度的方向向下．【解析】：解：A、当物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力大于它本身的重力，是超重现象；当物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力小于它本身的重力，是失重现象．超重和失重时，本身的重力没变．故A错误．B、竖直上抛的物体加速度为g，方向竖直向下，处于完全失重状态．故B正确．C、在沿竖直方向运动的升降机中出现失重现象时，加速度方向向下，运动方向可能向上，也可能向下．故C、D错误．应选：B．【点评】：解决此题的关键知道超失重的力学特征：物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力大于它本身的重力，是超重现象；当物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力小于它本身的重力，是失重现象．超重和失重时．以及运动学特征：超重时，加速度的方向向上；失重时，加速度的方向向下．3．〔4分〕沿直线作匀变速直线运动的质点在第一个5秒内的平均速度比它在第一个15秒内的平均速度大24.5m/s，以质点的运动方向为正方向，那么该质点的加速度为〔〕A． 2.45m/s2 B．﹣2.5m/s2 C． 4.90m/s2 D．﹣4.90m/s2【考点】：加速度．【专题】：直线运动规律专题．【分析】：某段时间内的平均速度于中间时刻的瞬时速度，结合速度时间公式求出质点的加速度．【解析】：解：第一个5内的平均速度于中间时刻的速度，第一个15s内的平均速度于该段时间中间时刻的瞬时速度，两个中间时刻相差的时间t=s=5s，那么质点的加速度为：a=．故选：D．【点评】：解决此题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．4．〔4分〕如下图，两物体由高度相同、路径不同的光滑斜面由静止下滑，物体通过两条路径的长度相，通过C点前后速度大小不变，且到达最低点B、D时两点的速度大小相，那么以下说法正确的选项是〔〕 A．物体沿AB斜面运动时间较短B．物体沿ACD斜面运动时间较短C．物体沿两个光滑斜面运动时间相D．无法确【考点】：牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】：牛顿运动律综合专题．【分析】：通过牛顿第二律求的加速度大小关系，画出v﹣t图象，即可比拟时间．【解析】：解：物体沿AB运动，一直做匀加速运动，物体沿ACD运动，AC段的加速度大于AB的加速度，然后再做加速度变小的匀加速运动；由动能理可知，滑到BD点时速度大小相，故v﹣t图象如图可知物体沿路ACD滑下所用时间较短，故B正确，A、C、D错误．应选：B【点评】：解决此题的关键抓住末速度大小相，图线围成的面积相，从而比拟时间．5．〔4分〕如下图，在做“验证力的平行四边形那么〞的时，用M、N两个测力计〔图中未画出〕通过细线拉橡皮条的端点，使其到达O点，此时α+β=90°，然后保持M的示数不变，而使α角减小，为保持端点位置不变，可采用的方法是〔〕A．减小N的示数同时减小β角 B．减小N的示数同时增大β角C．增大N的示数同时增大β角 D．增大N的示数同时减小β角【考点】：验证力的平行四边形那么．【专题】：题；平行四边形法那么图解法专题．【分析】：要使结点不变，保证合力不变，故可以根据平行四边形那么分析可以采取的方法．【解析】：解：要保证结点不动，保证合力不变，那么由平行四边形那么可知，合力不变，M方向向合力方向靠拢，那么N的拉力减小，同时减小β角；应选A【点评】：此题考查平行四边形那么的用，在用时要注意做出平行四边形进行动态分析．6．〔4分〕如下图，两个重叠在一起的滑块，置于固的倾角为θ的斜面上，滑块A和滑块B的质量分别为m和M，A和B间摩擦系数为μ1，B与斜面间的摩擦系数为μ2，两滑块都从静止开始，以相同的加速度沿斜面下滑，在这个过程中A受的摩擦力〔〕A．于零 B．方向沿斜面向下C．大小于μ2mgcosθ D．大小于μ1mgcosθ【考点】：摩擦力的判断与计算．【专题】：摩擦力专题．【分析】：先整体为研究对象，根据牛顿第二律求出加速度，再以B为研究对象，根据牛顿第二律求解B 所受的摩擦力．【解析】：解：以整体为研究对象，根据牛顿第二律得：加速度a==g〔sinθ﹣μ2cosθ〕设A对B的摩擦力方向沿斜面向下，大小为f，那么有mgsinθ+f=ma，得：f=ma﹣mgsinθ=﹣μ2mgcosθ，负号表示摩擦力方向沿斜面向上．应选：C【点评】：此题是两个物体的连接体问题，要灵活选择研究对象，往往采用整体法和隔离法相结合的方法研究．7．〔4分〕如下图，绷紧的水平传送带始终以恒速率v1运行．初速度大小为v2的小物块从与传送带高的光滑水平地面上的A处滑上传送带．假设从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v﹣t图象〔以地面为参考系〕如图乙所示．v2＞v1，那么〔〕A． t2时刻，小物块离A处的距离到达最大B． t2时刻，小物块相对传送带滑动的距离到达最大C． 0～t2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左D． 0～t3时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用【考点】：牛顿第二律；匀变速直线运动的图像．【分析】： 0～t1时间内木块向左匀减速直线运动，受到向右的摩擦力，然后向右匀加速，当速度增加到与皮带相时，一起向右匀速，摩擦力消失．【解析】：解：A、t1时刻小物块向左运动到速度为零，离A处的距离到达最大，故A错误；B、t2时刻前小物块相对传送带向左运动，之后相对静止，故B正确；C、0～t2时间内，小物块受到的摩擦力方向始终向右，故C错误；D、t2～t3时间内小物块不受摩擦力作用，故D错误；应选B．【点评】：此题关键从图象得出物体的运动规律，然后分过程对木块受力分析．8．〔4分〕如下图，人相对于车静止不动，当向左匀加速运动时，站在上的人用手推车，那么人对车所做的功为〔〕A．零 B．正功 C．负功 D．无法判断【考点】：功的计算．【专题】：功的计算专题．【分析】：人和车保持相对静止，知车对人的推力和摩擦力方向上的位移大小相，根据比拟两个力的大小，比拟功的大小【解析】：解：当车加速时，车对人的摩擦力大于车对人的推力，那么人对车推力所做的正功小于脚对车摩擦力做的负功，做功的代数和为负功；应选：C．【点评】：解决此题的关键能够通过牛顿第二律判断出推力和摩擦力的大小关系，根据力和运动方向的关系判断出正功还是负功．9．〔4分〕将一质量为m的小球以v0竖直上抛，受到的空气阻力大小不变，最高点距抛出点为h，以下说法中正确的选项是〔〕A．上升过程克服空气阻力做功mv﹣mghB．下落过程克服空气阻力做功mv﹣mghC．下落过程重力做功mghD．上升过程合外力做的功为﹣mv【考点】：功能关系；机械运动．【分析】：解决此题需掌握：①总功于动能的变化量；②重力做功于重力势能的减小量；③除重力外其余力做的功于机械能的变化量．【解析】：解：A、小球上升的过程中，重力和阻力都做负功，根据动能理得：﹣mgH﹣fh=0﹣mv02，得：fh=mv02﹣mgh，故A正确；B、下落过程克服空气阻力做功仍为fh=mv02﹣mgh，故B正确；C、根据重力做功的公式，下落过程重力做功：WG=mgh，C正确；D、根据动能理，上升过程合外力做的W合=0﹣mv02=﹣mv02，故D正确；应选：ABCD．【点评】：此题关键是明确功的物理意义，即功是能量转化的量度；要掌握动能理，并能运用来分析功能关系．10．〔4分〕〔2021秋•清水县校级月考〕如下图，A和B两个小球固在轻杆的两端，质量分别为m和2m，此杆可绕穿过其中心的水平轴O无摩擦转动．现使轻杆从水平位置无初速释放，发现杆绕O沿顺时针方向转动，那么轻杆从释放起到转动90°的过程中〔〕A． B球的重力势能减少，动能增加B． A球的重力势能增加，动能减少C．轻杆对A球和B球都做正功D． A球和B球的总机械能是守恒的【考点】：机械能守恒律．【专题】：机械能守恒律用专题．【分析】：将轻杆从水平位置由静止释放，转到竖直位置的过程中系统只有重力做功，机械能守恒，b向下运动速度增大，高度减小，a根据动能和势能的义可以判断动能势能的变化．【解析】：解：A、B球向下加速运动，重力势能减小，动能增加，故A正确；B、A球向上运动，位置升高，重力势能增加，速度增加，动能增加，故B错误；C、轻杆对A做正功，对B做负功，故C错误；D、A、B组成的系统在运动过程中，只有重力做功，机械能守恒，故D正确；应选：AD．【点评】：此题是轻杆连接的模型问题，对系统机械能是守恒的，但对单个小球机械能并不守恒，运用系统机械能守恒及除重力以外的力做物体做的功于物体机械能的变化量进行研究即可．11．〔4分〕如图，在一直立的光滑管内放置一轻质弹簧，上端O点与管口A的距离为2x0，一质量为m的小球从管口由静止下落，将弹簧压至最低点B，压缩量为x0，不计空气阻力，那么〔〕A．小球从接触弹簧开始，加速度一直减小B．小球运动过程中最大速度大于2C．弹簧劲度系数大于D．弹簧最大弹性势能为3mgx0【考点】：功能关系；胡克律．【专题】：弹力的存在及方向的判专题．【分析】：小球从A点释放到B点过程中：从A到O过程是自由落体；从O到B过程中先加速，到重力与弹力相处开始减速．所以AO过程是匀加速，OB过程中加速度方向向下的大小减小的加速运动，接着加速度方向向上的大小增大的减速运动．【解析】：解：A、小球由A到O做自由落体，从O开始压缩弹簧，根据胡克律，弹簧弹力逐渐增大，根据牛顿第二律得：a=，加速度先减小，方向向下，小球做加速度减小的加速运动；当加速度减为零时，即重力和弹簧弹力相时，速度最大；之后小球继续向下运动，弹力大于重力，做加速度逐渐增大的减速运动；故A错误；B、设小球刚运动到O点时的速度为v，那么有mg•2x0=mv2，v=2．小球接触弹簧后先做加速运动，所以小球运动的最大速度大于2，故B正确；C、由于平衡位置在OB之间，不是B点，故kx0＞mg，k＞，故C正确；D、到B点时，弹簧的压缩量最大，弹性势能最大，于重力势能的减小量，为3mgx0，故D正确；应选：BCD．【点评】：考查牛顿第二律的同时还运用胡克律、动能理．让学生能熟练掌握其内容，并能稳固解题方法．此题关键是分析弹簧处于什么状态．小球的平衡点是分析的切入点．12．〔4分〕水平地面上有两个固的、高度相同的粗糙斜面甲和乙，底边长分别为L1、L2，且L1＜L2，如下图．两个完全相同的小滑块A、B〔可视为质点〕与两个斜面间的动摩擦因数相同，将小滑块A、B分别从甲、乙两个斜面的顶端同时由静止开始释放，取地面所在的水平面为参考平面，那么〔〕A．从顶端到底端的运动过程中，由于克服摩擦而产生的热量一相同B．滑块A到达底端时的动能一比滑块B到达底端时的动能大C．两个滑块加速下滑的过程中，到达同一高度时，机械能可能相同D．两个滑块从顶端运动到底端的过程中，重力对滑块A做功的平均功率比滑块B的大【考点】：功能关系；动能理的用．【专题】：动能理的用专题．【分析】：根据动能理研究滑块A到达底端C点和滑块B到达D点时表示出末动能比拟．根据动能理研究两个滑块在斜面上加速下滑的过程中，到达同一高度的过程，根据表达式比拟求解．根据平均功率的义求解．【解析】：解：A、设甲斜面底端为C，乙斜面底端为D，A、B滑块从斜面顶端分别运动到C、D的过程中，摩擦力做功不同，所以克服摩擦而产生的热量一不同，故A错误；B、由于B物块受到的摩擦力fμmgcosθ大，且通过的位移大，那么克服摩擦力做功多，滑块A克服摩擦力做功少，损失的机械能少，根据动能理，可知滑块A到达底端时的动能一比B到达底端时的动能大，故B正确；C、两个滑块在斜面上加速下滑的过程中，到达同一高度时，重力做功相同，由于乙的斜面倾角大，所以在斜面上滑行的距离不，即摩擦力做功不，所以机械能不同，故C错误；D、整个过程中，两物块所受重力做功相同，但由于A先到达低端，故重力对滑块A做功的平均功率比滑块B的大，故D正确应选：BD．【点评】：此题主要考查动能理和功能关系．关键要明确研究的过程列出式表示出需要比拟的物理量．二、填空题〔本大题共2小题，共12分．要将答案填写在横线上，或将图填在指的相处．〕13．〔4分〕〔1〕如图中螺旋测微器读数为24±0.002mm；〔2〕游标卡尺的计数为30.5 mm．【考点】：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【专题】：题．【分析】：解决此题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解析】：解：1、螺旋测微器的固刻度为6mm，可动刻度为1×0.01mm=0.124mm，所以最终读数为6mm+0.124mm=6.124mm，由于需要估读，最后的结果可以为24±0.002．2、游标卡尺的主尺读数为：3cm=30mm，游标尺上第5个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为5×0.1mm=0.5mm，所以最终读数为：30mm+0.5mm=30.5mm．故答案为：24±0.002；30.5【点评】：对于根本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器要了解其原理，要能正确使用这些根本仪器进行有关测量．14．〔8分〕〔1〕某位同学在做验证牛顿第二律时，前必须进行的操作步骤是平衡摩擦力．〔2〕正确操作后通过测量，作出a﹣F图线，如图1中的实线所示．试【分析】：图线上部弯曲的原因是没有满足小车质量M远大于砂和砂桶的质量m ；〔3〕打点计时器使用的交流电频率f=50Hz，如图2是某同学在正确操作下获得的一条纸带，其中A、B、C、D、E每两点之间还有4个点没有标出，写出用s1、s2、s3、s4以及f来表示小车加速度的计算式：a=〔用英文字母表示〕；根据纸带所提供的数据，算得小车的加速度大小为0.60 m/s2〔结果保存两位有效数字〕．【考点】：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】：题；恒电流专题．【分析】：在“验证牛顿第二律〞的中，通过控制变量法，先控制m一，验证a与F成正比，再控制F一，验证a与m成反比；中用勾码的重力代替小车的合力，故要通过将长木板右端垫高来平衡摩擦力和使小车质量远大于勾码质量来减小的误差！根据匀变速直线运动的特点，利用逐差法可以求出其加速度的大小．【解析】：解：〔1〕小车质量M一时，其加速度a与合力F成正比，而小车与木板之间存在摩擦力，这样就不能用绳子的拉力代替合力，所以在做正确必须要先平衡摩擦力；〔2〕随着外力F的增大，砂和砂筒的质量越来越大，最后出现了不满满足远小于小车质量的情况，因此图线出现了上部弯曲的现象；〔3〕由题意可知两计数点只觉得时间间隔为：△T==0.1s，根据匀变速直线运动推论有：S4﹣S2=2a1T2 ①S3﹣S1=2a2T2 ②a=③联立①②③得：带入数据解得：a=0.60m/s2故答案为：平衡摩擦力；〔2〕没有满足小车质量M远大于砂和砂桶的质量m〔3〕；0.60【点评】：在“验证牛顿第二律〞的用控制变量法，本只有在满足平衡摩擦力和小车质量远大于钩码质量的双重条件下，才能用钩码重力代替小车所受的合力，同时根底物理知识在中的用，解决问题的能力．15．〔8分〕质量为500吨的机车以恒的功率由静止出发，经5min行驶2.25km，速度到达最大值54km/h，设阻力恒．问：〔1〕机车的功率P多大？〔2〕机车的速度为36km/h时机车的加速度a多大？【考点】：动能理的用；功率、平均功率和瞬时功率．【专题】：动能理的用专题．【分析】：〔1〕到达速度最大时做匀速直线运动，牵引力做功为W=Pt，运用动能理求解机车的功率P．〔2〕根据匀速直线运动时的速度和功率，由P=Fv求出此时牵引力，即可得到阻力．当机车的速度为36km/h 时，由P=Fv求出此时的牵引力，即可由牛顿第二律求解加速度a．【解析】：解：〔1〕机车的最大速度为vm=54km/h=15m/s．以机车为研究对象，机车从静止出发至达速度最大值过程，根据动能理得Pt﹣fx=当机车到达最大速度时P=Fvm=fvm由以上两式得P==5×105W〔2〕机车匀速运动时，阻力为当机车速度v=36 km/h时机车的牵引力为F1==5×104N根据牛顿第二律F1﹣f=ma得a=×10﹣2m/s2答：〔1〕机车的功率P是5×105W．〔2〕机车的速度为36km/h时机车的加速度a为×10﹣2m/s2．【点评】：此题关键要清楚启动的运动过程和物理量的变化，能够运用动能理和牛顿第二律解决问题．16．〔10分〕嫦娥一号〞的发射，为实现几千年的奔月梦想迈出了重要的一步．“嫦娥一号〞绕月飞行轨道近似为圆形，距月球外表高度为H，飞行周期为T，月球的半径为R，引力常量为G．求：〔1〕“嫦娥一号〞绕月飞行时的线速度大小；〔2〕月球的质量；〔3〕假设发颗绕月球外表做匀速圆周运动的飞船，那么其绕月运行的线速度为多大．【考点】：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力律及其用．【专题】：人造卫星问题．【分析】：“嫦娥一号〞的轨道半径r=R+H，由v=求解线速度．根据月球对“嫦娥一号〞的万有引力提供“嫦娥一号〞的向心力，列方程求解月球的质量．绕月球外表做匀速圆周运动的飞船轨道半径约R．【解析】：解：〔1〕“嫦娥一号〞绕月飞行时的线速度大小v=〔2〕设月球质量为M，“嫦娥一号〞的质量为m，根据牛顿第二律得G=解得M=．〔2〕设绕月飞船运行的线速度为V，飞船质量为m0，那么G=又M=，联立解得V=．答：〔1〕“嫦娥一号〞绕月飞行时的线速度大小为；〔2〕月球的质量为M=；〔3〕假设发颗绕月球外表做匀速圆周运动的飞船，那么其绕月运行的线速度为=．【点评】：此题考查用万有引力律解决实际问题的能力，关键要建立模型，理清思路．17．〔10分〕如下图，竖直平面内有一段不光滑的斜直轨道与光滑的圆形轨道相切，切点P与圆心O的连线与竖直方向的夹角为θ=60°，圆形轨道的半径为R，一质量为m的小物块从斜轨道上A点由静止开始下滑，然后沿圆形轨道运动，A点相对圆形轨道底部的高度h=7R，物块通过圆形轨道最高点c时，与轨道间的压力大小为3mg．求：〔1〕物块通过轨道最高点时的速度大小？〔2〕物块通过轨道最低点B时对轨道的压力大小？〔3〕物块与斜直轨道间的动摩擦因数μ=？【考点】：动能理的用；牛顿第二律；牛顿第三律；向心力．【专题】：动能理的用专题．【分析】：对物块通过轨道最高点C时受力分析，运用牛顿第二律求解C点速度．运用动能理研究从最低点B到最高点C，运用牛顿第二律求解物块通过轨道最低点B时对轨道的压力大小．根椐动能理研究A运动到B列出式求出物块与斜直轨道间的动摩擦因数．【解析】：解：〔1〕对物块通过轨道最高点C时受力【分析】：C点：得：〔2〕从最低点B到最高点C：物块通过轨道最低点B时：得：NB=9mg根据牛顿第三律，物块通过轨道最低点B时对轨道的压力大小为9mg〔3〕根椐动能理，由A运动到B有：Ssinθ=h﹣R+Rcosθ解得μ=答：〔1〕物块通过轨道最高点时的速度是〔2〕物块通过轨道最低点B时对轨道的压力大小是9mg〔3〕物块与斜直轨道间的动摩擦因数是【点评】：注意求解的问题，别忘了牛顿第三律的用．动能理的用范围很广，可以求速度、力、功物理量，包括动摩擦因素．18．〔12分〕如下图，在光滑水平面上放一质量为M、边长为l的正方体木块，木块上搁有一长为L的轻质光滑棒，棒的一端用光滑铰链连接于地面上O点，棒可绕O点在竖直平面内自由转动，另一端固一质量为m的均质金属小球．开始时，棒与木块均静止，棒与水平面夹角为α角．当棒绕O点向垂直于木块接触边方向转动到棒与水平面间夹角变为β的瞬时，求木块速度的大小．【考点】：机械能守恒律；线速度、角速度和周期、转速．【专题】：机械能守恒律用专题．【分析】：以轻杆、小球和木块组成的系统为研究对象，系统的机械能守恒，以地面为零势能平面，列式开始时和夹角变为α2时重力势能与动能的表达式，根据机械能守恒列出方程．再将滑块上与杆接触的点的速度沿着平行杆和垂直杆正交分解，垂直杆分量于杆上与滑块接触的点的速度得到木块的速度与小球的速度的关系．即可求得木块的速度．【解析】：解：设杆和水平面成β角时，木块速度为v，水球速度为vm，杆上和木块接触点B的速度为vB，因B点和m在同一杆上以相同角速度绕O点转动，所以有：===．B点在瞬间的速度水平向左，此速度可看作两速度的合成，即B点绕O转动速度v⊥=vB及B点沿杆方向向m滑动的速度v∥，所以vB=vsinβ．故vm=vB=．因从初位置到末位置的过程中只有小球重力对小球、轻杆、木块组成的系统做功，所以在上述过程中机械能守恒：mgL〔sinα﹣sinβ〕=综合上述得v=l．答：木块速度的大小为l．【点评】：此题是系统的机械能守恒问题，关键找准合运动和分运动，求出木块与小球速度的关系．。

高三物理上学期第一次周测试题