高一物理试卷及答案解析

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全国高一高中物理高考真卷带答案解析

全国高一高中物理高考真卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、综合题1.冰壶比赛是在水平冰面上进行的体育项目，比赛场地示意如图。

比赛时，运动员从起滑架处推着冰壶出发，在投掷线AB处放手让冰壶以一定的速度滑出，使冰壶的停止位置尽量靠近圆心O。

为使冰壶滑行得更远，运动员可以=0.008，用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，使冰壶与冰面间的动摩擦因数减小。

设冰壶与冰面间的动摩擦因数为μ1=0.004。

在某次比赛中，运动员使冰壶C在投掷线中点处以2m/s的速度沿用毛刷擦冰面后动摩擦因数减小至μ2虚线滑出。

为使冰壶C能够沿虚线恰好到达圆心O点，运动员用毛刷擦冰面的长度应为多少。

(g取10m/s2)2.（本题14分）两百多年来，自行车作为一种便捷的交通工具，已经融入人们的社会生活之中，骑自行车出行，不仅可以减轻城市交通压力和减少汽车尾气污染，而且还可以作为一项很好的健身运动。

【1】右图为一种早期的自行车，这种不带链条传动的自行车前轮的直径很大，这样的设计在当时主要是为了（）A．提高速度B．提高稳定性C．骑行方便D．减小阻力【2】自行车的设计蕴含了许多物理知识，利用所学知识完成下表自行车的设计目的（从物理知识角度）车架用铝合金、钛合金代替钢架减轻车重车胎变宽自行车后轮外胎上的花纹【3】小明同学在学习了圆周运动的知识后，设计了一个课题，名称为：快速测量自行车的骑行速度。

他的设想是：通过计算踏脚板转动的角速度，推算自行车的骑行速度。

经过骑行，他得到如下的数据:在时间t内踏脚板转动的圈数为N，那么脚踏板转动的角速度= ;要推算自行车的骑行速度，还需要测量的物理量有；自行车骑行速度的计算公式v= 。

【4】与普通自行车相比，电动自行车骑行更省力。

下表为某一品牌电动自行车的部分技术参数。

在额定输出功率不变的情况下，质量为60Kg的人骑着此自行车沿平直公路行驶，所受阻力恒为车和人总重的0.04倍。

(完全版)高一物理试卷及答案

(完全版)高一物理试卷及答案一、选择题（每题5分，共25分）1. 物体做直线运动，当速度与加速度的方向相同时，物体的（）。

A.速度减小B.速度增大C.加速度增大D.以上都对答案：B2. 下列哪种情况下，物体做曲线运动？（）A.速度方向不变，加速度方向不变B.速度方向不变，加速度方向变化C.速度方向变化，加速度方向不变D.速度方向变化，加速度方向变化答案：D3. 下列哪种物理量是标量？（）A.速度B.加速度C.力D.以上都对答案：A4. 下列哪种物理量是矢量？（）A.质量B.时间C.位移D.以上都对答案：C5. 一物体做匀速圆周运动，下列哪个物理量是不变的？（）A.速度大小B.速度方向C.加速度大小D.加速度方向答案：A二、填空题（每题5分，共25分）1. 物体做直线运动的条件是速度和加速度的方向_______。

答案：相同2. 物体做曲线运动的条件是速度和加速度的方向_______。

答案：不同3. 速度是描述物体运动快慢的_______量。

答案：矢4. 位移是描述物体位置变化的_______量。

答案：矢5. 匀速圆周运动的线速度大小保持不变，方向_______。

答案：时刻改变三、计算题（每题10分，共30分）1. 一物体做匀加速直线运动，初速度为2m/s，加速度为1m/s²，求3s末的速度。

答案：5m/s2. 一物体做匀速圆周运动，线速度为10m/s，半径为5m，求向心加速度。

答案：2m/s²3. 一物体从静止开始做直线运动，加速度为2m/s²，求2s内的位移。

答案：4m四、简答题（每题10分，共20分）1. 请简述物体做直线运动和曲线运动的条件。

答案：物体做直线运动的条件是速度和加速度的方向相同，物体做曲线运动的条件是速度和加速度的方向不同。

2. 请简述速度和加速度的区别。

答案：速度是描述物体运动快慢和方向的矢量量，加速度是描述物体速度变化快慢和方向的矢量量。

速度的大小和方向不变时，物体做匀速直线运动；速度的大小和方向变化时，物体做变速运动。

全国高一高中物理同步测试带答案解析

全国高一高中物理同步测试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.根据爱因斯坦光子说，光子能量E等于(h为普朗克常量，c、λ为真空中的光速和波长)()A．h B．hC．hλD．2.下列对于光的波粒二象性的说法中，正确的是()A．一束传播的光，有的光是波，有的光是粒子B．光子与电子是同样一种粒子，光波与机械波同样是一种波C．光的波动性是由于光子间的相互作用而形成的D．光是一种波，同时也是一种粒子．光子说并未否定电磁说，在光子能量E＝hν中，频率ν仍表示的是波的特性3.紫光照射到某金属表面时，金属表面恰好有光电子逸出，已知红光的频率比紫光的频率小，X射线的频率大于紫光的频率，则下列说法中正确的是()A．弱的红光照射此金属表面不会有光电子逸出B．强的红光照射此金属表面会有光电子逸出C．弱的X射线照射此金属表面不会有光电子逸出D．强的X射线照射此金属表面会有光电子逸出4.爱因斯坦由光电效应的实验规律猜测光具有粒子性，从而提出光子说，从科学研究的方法来说，这属于() A．等效替代B．控制变量C．科学假说D．数学归纳5.下列物理事件和科学家不相对应的是()A．普朗克最先提出能量量子化理论B．牛顿发现并建立了万有引力定律C．爱因斯坦提出了光子说，成功解释了光电效应现象D．霍金最早建立了狭义相对论6.对E＝hν的理解，下列说法不正确的是()A．能量子的能量与频率成正比B．光的频率越高，光的强度就越大C．光的频率越高，光子的能量就越大D．它适用于一切量子化现象7.能够证明光具有波粒二象性现象的是()A．光的反射及小孔成像B．光的干涉、光的衍射、光的色散C．光的折射及透镜成像D．光的干涉、衍射和光电效应8.在演示光电效应的实验中，把某金属板连在验电器上．第一次用弧光灯直接照射金属板，验电器的指针张开一个角度；第二次在弧光灯与金属板之间插入一块普通玻璃板，再用弧光灯照射，验电器指针不张开．由此可以判定，使金属板产生光电效应的是弧光灯中的()A．可见光成分B．紫外线成分C．红外线成分D．上述三种均正确9.为了验证光具有波动性，某同学采用下列做法，其中可行的是( )A ．让一束光照射到一个轻小物体上，观察轻小物体是否会振动B ．让一束光通过一狭缝，观察是否发生衍射现象C ．观察两个小灯泡发出的光是否发生干涉现象D ．让一束光照射到金属上，观察是否发生光电效应10.现有a 、b 、c 三束单色光，其波长关系为λa >λb >λc .用b 光束照射某种金属时，恰能发生光电效应，若分别用a 光束和c 光束照射该金属，则可以断定( )A ．a 光束照射时，不能发生光电效应B ．c 光束照射时，不能发生光电效应C ．a 光束照射时，释放出的光电子数目最多D ．c 光束照射时，释放出的光电子的最大初动能最小11.2005年被联合国定为“世界物理年”，以表彰爱因斯坦对科学的贡献．爱因斯坦对物理学的贡献有( )A ．创立“相对论”B ．发现射线“X”C ．提出“光子说”D ．建立“原子核式模型”12.下列说法中正确的是( )A ．光的粒子性表现在能量的不连续上B ．光的粒子性就是光是由一些小质点组成的C ．光的波动性表现为光子运动的不确定性D ．光的波动性就是光像水波一样呈现波浪式传播13.关于光的性质，下列叙述中正确的是( )A ．在其他同等条件下，光的频率越高，衍射现象越容易看到B ．频率越高的光，粒子性越显著，频率越低的光，波动性越显著C ．大量光子产生的效果往往显示出波动性，个别光子产生的效果往往显示出粒子性D ．如果让光子一个一个地通过狭缝，它们将严格按照相同的轨道和方向做极有规则的匀速直线运动14.下列说法中，正确的是( )A ．光的波粒二象性学说是由牛顿的微粒说加上惠更斯的波动说组成的B ．光的波粒二象性彻底推翻了光的电磁理论C ．光子说并没有否定电磁说，在光子的能量E ＝hν中，ν表示波的特性，E 表示粒子的特性D ．光波不同于宏观概念中那种连续的波，它是表明大量光子运动规律的一种概率波15.功率为100 W 的灯泡所放出的能量有1%在可见光范围内，它每秒内放出可见光子的数目为多少？(设可见光的平均波长为0.5 μm)16.某广播电台的发射功率为10 kW ，所发射的电磁波在空气中的波长为187.5 m ，试求：(1)该电台每秒钟从天线发射多少个光子？(2)若发射的光子在各个方向是均匀的，求在离天线2.5 km 处，直径为2 m 的环状天线每秒接收的光子个数是多少？接收功率为多大？二、计算题人眼对绿光最为敏感，正常人的眼睛接收到波长为530 nm 的绿光时，只要每秒有6个绿光的光子射入瞳孔，眼睛就能察觉．普朗克常量为6.63×10－34 J·s ，光速为3.0×108 m/s ，则人眼能察觉到绿光时所接收的最小功率是多少？全国高一高中物理同步测试答案及解析一、选择题1.根据爱因斯坦光子说，光子能量E等于(h为普朗克常量，c、λ为真空中的光速和波长)()A．h B．hC．hλD．【答案】A【解析】光子能量为：①光子频率、波长、光速之间关系为：v=②联立①②得光子的能量为：E=，故BCD错误，A正确．故选A．【考点】本题光子能量公式点评：光子能量的表达式，比较简单，要明确光子能量、波长、频率、光速等之间关系．2.下列对于光的波粒二象性的说法中，正确的是()A．一束传播的光，有的光是波，有的光是粒子B．光子与电子是同样一种粒子，光波与机械波同样是一种波C．光的波动性是由于光子间的相互作用而形成的D．光是一种波，同时也是一种粒子．光子说并未否定电磁说，在光子能量E＝hν中，频率ν仍表示的是波的特性【答案】D【解析】根据光的波粒二象性进行解释：少数光子的作用效果往往表现为粒子性;大量光子的作用效果往往表现为波动性. ⑵频率高的光子容易表现出粒子性;频率低的光子容易表现出波动性. ⑶光在传播过程中往往表现出波动性;在与物质发生作用时往往表现为粒子性.⑷由光子的能量E=hν,光子的动量表示式也可以看出,光的波动性和粒子性并不矛盾:表示粒子性的粒子能量和动量的计算式中都含有表示波的特征的物理量——频率ν和波长λA应是光同时具有波和粒子的特性;B项光子与电子是两种粒子，电子是费米子，光子是玻色子;C项根据量子论来说，一切物质都具有波动性，只不过宏观物体的德布罗伊波非常小，而微观粒子的波动更加明显。

高一物理必修一试题训练及答案解析

高一物理必修一试题训练及答案解析
一、试题训练
(一) 下面首选题中有四项是非首选题，请把它们分别标号：
A. 对一个物体而言，它的内部状态是物质性质的特有形式。

B. 热力学的第一定律可以从能量和动量的守恒定律推导出来
C. 动能的量纲是质量乘以位移的平方
D. 正电子和负电子可以被称为宇称子
答案：C、D
(二) 圆圈内反向移动的两个模拟电子间相互作用的力大小为_______
A. 电子相互吸引
B. 电子相互斥力
C. 电吸力
D. 电斥力
答案：B
二、答案解析
(一) A项的内容错误，它的特有形式就是它的性质，不能简单的等价于物质性质；D项的内容错误，正电子和负电子为特殊的粒子，可以被
称为偶极子而不是宇称子。

(二) B选项正确，此题考查的是相互作用力的性质，两个模拟电子反向移动时，它们之间的相互作用力为相互斥力，也就是说它们是有强烈排斥对方的作用力。

高一物理试题答案及解析

高一物理试题答案及解析1.（2014•顺德区模拟）正弦交变电源与电阻R、交流电压表按照图1所示的方式连接，R=10Ω，交流电压表的示数是10V．图2是交变电源输出电压u随时间t变化的图象．则下列说法正确的是：（）A.通过R的电流iR 随时间t变化的规律是iR=cos100πt（A）B.通过R的电流iR 随时间t变化的规律是iR=sin50πt（V）C.R两端的电压uR 随时间t变化的规律是uR=10cos100πt（V）D.R两端的电压uR 随时间t变化的规律是uR=10cos50πt（V）【答案】A【解析】根据电压与时间图象，结合交流电的函数表达式，及欧姆定律，即可求解．解：交流电压表的示数是10V，则电压表的最大值为Um==10V；而周期T=2×10﹣2s；因此ω==100πrad/s；交变电源输出电压u随时间t变化的图象，则输出电压u随时间t的表达式为u=10cos100πt （V）；因此通过R的电流iR 随时间t变化的规律是iR==cos100πt（A）；而R两端的电压uR 随时间t变化的规律是uR=10cos100πt（V），故A正确，BCD错误．故选：A．点评：考查由图象书写函数表达式的方法，理解最大值与有效值的关系，注意正弦还是余弦函数．2.（2014•北京模拟）如图所示，是一正弦式交变电流的电流图象．电流的最大值和周期分别为（）A．10A，0.02s B．10A，0.02s C．10A，0.01s D．10A，0.01s【答案】B【解析】由交流电的图象的纵坐标的最大值读出电流的最大值，由横坐标读出周期．解：根据图象可知该交流电的电流最大值是Im=10V，周期T=0.02s，故B正确，ACD错误．故选：B．点评：根据交流电i﹣t图象读出交流电的最大值、周期及任意时刻电流的大小是基本能力．比较简单．3.（2014•江西二模）如图所示，电阻为r的矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴以角速度ω=100πrad/s匀速转动．t=0时刻线圈平面与磁场垂直，各电表均为理想交流电表，则（）A．t=0时刻线圈中的感应电动势最大B．1s内电路中的电流方向改变100次C．滑片P下滑时，电压表的读数变大D．开关K处于断开状态和闭合状态时，电流表的读数相同【答案】BC【解析】矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动时，线圈中产生正弦式交变电流，电压表测量的是R两端电压的有效值，根据闭合电路欧姆定律分析其读数是否变化；图示位置没有任何一边切割磁感线，线圈中感应电动势和磁通量的变化率为零；线圈每经过中性一次，感应电流方向改变一次．解：A、图示位置线圈中没有任何一边切割磁感线，线圈中感应电动势为零，故A错误．B、由题意得：线圈转动的周期为 T===0.02s，频率f==50Hz．线圈每经过中性一次，感应电流方向改变一次，一周电流方向改变，所以1s内流过R的电流方向改变2×50次=100次．故B正确．C、矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动时，线圈中产生正弦式交变电流，感应电=nBSω，线圈在磁场中匀速转动时产生的感应电动势最大值不变，有效值不动势最大值为Em变．滑片P下滑时，R增大，据闭合电路欧姆定律可知，通过R的电流有效值减小，线圈的内电压减小，则R的电压有效值增大，电压表的读数增大，故C正确．D、开关K处于闭合状态时，由于交变电流能“通过”电容器，则电路中总的阻抗不同，电流的有效值不同，所以电流表的读数不同，故D错误．故选：BC．点评：解决本题关键要掌握交变电流产生的原理，知道电压表测量电压的有效值．交流电路与直流电路都遵守闭合电路欧姆定律，只不过要注意电流与电动势的对应关系，电流有效值应对应电动势有效值．4.（2014•盐城一模）如图所示，甲为一台小型发电机构造示意图，线圈逆时针转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图乙所示．发电机线圈内阻为1Ω，外接灯泡的电阻为9Ω，则（）A．电压表的示数为6VB．发电机的输出功率为4WC．在l.0×10﹣2s时刻，穿过线圈的磁通量最大D．在0.5×10﹣2s时刻，穿过线圈的磁通量变化率最大【答案】CD【解析】由最大值和有效值间的关系，由图象可以判断电压的最大值，在根据欧姆定律可以求电压表的示数，由P=可以计算灯泡的功率，由ω=可以计算角速度．解：A、由图象可知，电动机电压的最大值为6V，那么有效电压就是6V，电压表测量的是灯泡的电压，所以电压为×9v=5.4v，所以A错误．B、由P=知，P==3.24W，所以B错误．C、在t=l×10﹣2s时刻，有图象可知此时的电动势为零，那么此时的磁通量应该是最大，所以C正确；的由ω==ra d/s=l00πrad/s，．D、在t=0.5×10﹣2s时刻，有图象可知此时的电动势最大，那么此时的磁通量变化率最大，故D 正确；故选：CD．点评：应用正弦式交变电流最大值和有效值间的关系，判断出电压，注意功率要用有效值求解．5.（2013•高淳县模拟）物理量磁通量Ф的单位是（）A．Wb B．F C．T D．V【答案】A【解析】磁通量的单位是韦伯，符合为Wb．解：磁通量的单位为Wb，F是电容的单位，T是磁感应强度的单位，V是电压的单位．故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键知道磁通量的单位是韦伯，符合为Wb．6.（2013•怀化三模）如图所示，两块水平放置的金属板距离为d，用导线、电键K与一个n匝的线圈连接，线圈置于方向竖直向上的均匀变化的磁场中．两板间放一台小压力传感器，压力传感器上表面绝缘，在其上表面静止放置一个质量为m、电量为+q的小球．电键K闭合前传感器上有示数，电键K闭合后传感器上的示数变为原来的一半．则线圈中磁场的变化情况和磁通量变化率分别是（）A．正在增强，=B．正在增强，=C．正在减弱，=D．正在减弱，=【答案】B【解析】线圈置于方向竖直向上的均匀变化的磁场中，根据法拉第电磁感应定律E=n，会产生稳定的电动势．当电键断开时，小球受重力和支持力平衡，当电键闭合时，支持力变为原来的一半，可知，小球受到向上的电场力，根据小球的平衡可求出磁通量的变化率以及磁场的变化．解：电键闭合时，qE+N=mg，N=mg，所以E=，E==n．所以=．小球带正电，知上极板带负电，根据楞次定律，磁场正在增强．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律E=n，以及会用楞次定律判端电动势的方向．7.（2015•浙江模拟）如图所示，两段等长细线串接着两个质量相等的小球a、b，悬挂于O点．现在两个小球上分别加上水平方向的外力，其中作用在b球上的力大小为F、作用在a球上的力大小为2F，则此装置平衡时的位置可能是下列哪幅图（）A．B．C．D．【答案】C【解析】以整体为研究对象，分析受力情况，确定上面绳子oa的方向，再以下面的小球为研究对象，分析受力，根据平衡条件确定下面绳子的方向．解：设每个球的质量为m，oa与ab和竖直方向的夹角分别为α、β．以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图1，根据平衡条件可知，oa绳的方向不可能沿竖直方向，否则整体的合力不为零，不能保持平衡．由平衡条件得：tanα=，以b球为研究对象，分析受力情况，如图2，由平衡条件得：tanβ=，则α＜β．故C正确．故选C．点评：本题一要灵活选择研究对象，二要分析受力．采用整体法和隔离法相结合的方法研究，比较简便．8.（2015•浙江模拟）如图甲所示，abcd是位于竖直平面内的正方形闭合金属线框，金属线框的质量为m，电阻为R．在金属线框的下方有一匀强磁场区域，MN和PQ是匀强磁场区域的水平边界，并与线框的bc边平行，磁场方向垂直于线框平面向里．现使金属线框从MN上方某一高度处由静止开始下落，如图乙是金属线框由开始下落到bc刚好运动到匀强磁场PQ边界的v﹣t 图象，图中数据均为已知量．重力加速度为g，不计空气阻力．下列说法正确的是（）A．金属线框刚进人磁场时感应电流方向沿adcba方向B．磁场的磁感应强度为C．金属线框在0一t3的时间内所产生的热量为mgv1（t2﹣t1）D．MN和PQ之间的距离为v1（t2﹣t1）【答案】BC【解析】本题应抓住：（1）根据楞次定律判断感应电流的方向；（2）由图知，金属线框进入磁场做匀速直线运动，重力和安培力平衡，可求出B．（3）由能量守恒定律求出热量．（4）由图象可知，金属框进入磁场过程中是做匀速直线运动，根据时间和速度求解金属框的边长和MN和PQ之间的距离；解：A、金属线框刚进入磁场时，根据楞次定律判断可知，感应电流方向沿abcda方向．故A错误．B、在金属框进入磁场的过程中，金属框所受安培力等于重力：mg=BIl又l=v1（t2﹣t1）．联立解得：．故B正确．C、金属框在进入磁场过程中金属框产生的热为Q1，重力对其做正功，安培力对其做负功，由能量守恒定律得：Q1=mgl=mgv1（t2﹣t1）金属框在磁场中的运动过程中金属框不产生感应电流，所以金属线框在0一t3的时间内所产生的热量为mgv1（t2﹣t1）．故C正确．D、由图象可知，金属框进入磁场过程中是做匀速直线运动，速度为v1，运动时间为t2﹣t1所以金属框的边长：l=v1（t2﹣t1）．MN和PQ之间的距离要大于金属框的边长．故D错误．故选：BC．点评：本题电磁感应与力学知识简单的综合，培养识别、理解图象的能力和分析、解决综合题的能力．9.（2014•新余二模）如图所示，空间有一垂直纸面的磁感应强度为0.5T的匀强磁场，一质量为0.2kg且足够长的绝缘木板静止在光滑水平面上，在木板左端无初速放置一质量为0.1kg、电荷量q=+0.2C的滑块，滑块与绝缘木板之间动摩擦因数为0.5，滑块受到的最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力．t=0时对木板施加方向水平向左，大小为0.6N恒力，g取10m/s2．则（）A．木板和滑块一直做加速度为2m/s2的匀加速运动B．滑块开始做加速度减小的变加速运动，最后做速度为10m/s匀速运动C．木板先做加速度为2m/s2匀加速运动，再做加速度增大的运动，最后做加速度为3m/s2的匀加速运动D．t=5s后滑块和木板开始有相对运动【答案】BC【解析】先求出木块静摩擦力能提供的最大加速度，再根据牛顿第二定律判断当0.6N的恒力作用于木板时，系统一起运动的加速度，当滑块获得向左运动的速度以后又产生一个方向向上的洛伦兹力，当洛伦兹力等于重力时滑块与木板之间的弹力为零，此时摩擦力等于零，此后物块做匀速运动，木板做匀加速直线运动．解：ABC、由于动摩擦因数为0.5，静摩擦力能提供的最大加速度为5m/s2，所以当0.6N的恒力作用于木板时，系统一起以a=的加速度一起运动，当滑块获得向左运动的速度以后又产生一个方向向上的洛伦兹力，滑块开始做加速度减小的变加速运动，木板做加速度增大的加速运动；当洛伦兹力等于重力时滑块与木板之间的弹力为零，此时Bqv=mg，解得：v=10m/s，此时摩擦力消失，滑块做匀速运动，而木板在恒力作用下做匀加速运动，a=．故A错误，BC正确．D、滑块开始一起做a=2m/s2加速直线运动，当滑块获得向左运动的速度以后又产生一个方向向上的洛伦兹力，滑块开始做加速度减小的变加速运动，所以速度增大到10m/s所用的时间大于5s．故D错误．故选：BC．点评：本题主要考查了牛顿第二定律的直接应用，要求同学们能正确分析木板和滑块的受力情况，进而判断运动情况．10.（2014•金山区一模）如图，通电导线MN与矩形线圈abcd共面，位置靠近cd且相互绝缘．当线圈中通有abcda方向电流时，线圈所受安培力的合力方向（）A．向左B．向右C．垂直纸面向外D．垂直纸面向里【答案】A【解析】图中矩形线圈abcd的bc边、ad边电流方向相反，安培力相反，平衡；cd离MN较近，故合力与同向．解：图中矩形线圈abcd的bc边、ad边电流方向相反，安培力相反，平衡；cd离MN较近，ab边离MN较远，故合力与cd边受到的安培力同向；根据安培定则，电流MN在cd导线位置产生的磁场方向垂直向内，根据左手定则，安培力向左，故合力向左；故选：A．点评：本题是电流与电流间的作用力问题，首先要结合对称性考虑合力与cd边受到的安培力同向，然后结合安培定则和左手定则分析，基础题．11.（2014•湖北模拟）如图所示，两平行导轨ab、cd竖直放置在的匀强磁场中，匀强磁场方向竖直向上，将一根金属棒PQ放在导轨上使其水平且始终与导轨保持良好接触．现在金属棒PQ中通以变化的电流I，同时释放金属棒PQ使其运动．已知电流I随时间的关系为I=kt（k为常数，k＞0），金属棒与导轨间存在摩擦．则下面关于棒的速度v、加速度a随时间变化的关系图象中，可能正确的有（）A．B．C．D．【答案】AD【解析】根据牛顿第二定律得出加速度的表达式，结合加速度方向与速度方向的关系判断速度的变化．=μBIL=μBLkt，解：A、根据牛顿第二定律得，金属棒的加速度a=，f=μN=μFA联立解得加速度a=，与时间成线性关系．故A正确，B错误．C、因为开始加速度方向向下，与速度方向相同，做加速运动，加速度逐渐减小，即做加速度逐渐减小的加速运动，然后加速度方向向上，加速度逐渐增大，做加速度逐渐增大的减速运动．故C错误，D正确．故选：AD．点评：解决本题的关键会根据合力确定加速度的变化，结合加速度方向与速度方向判断物体做加速运动还是减速运动，知道速度时间图线的切线斜率表示加速度．12.（2013•普陀区一模）下列关于奥斯特实验的说法中正确的是（）A．该实验必须放在地球赤道上进行B．通电直导线必须竖直放置C ．通电直导线应该水平东西方向放置D ．通电直导线应该水平南北方向放置【答案】D【解析】奥斯特实验证明电流的磁效应，即得出电流的周围存在磁场，地磁场的方向是南北方向，使得电流的磁场不受地磁场的干扰，根据右手螺旋定则确定导线的放置位置．解：因为地磁场的方向为南北方向，所以小磁针的方向静止时指向南北，在证明电流周围存在磁场，不受地磁场的干扰，应将导线水平南北放置，根据右手螺旋定则，在导线的下方产生东西方向的磁场，使得小磁针发生偏转，从而证明电流的磁效应．故D 正确，A 、B 、C 错误．故选D ．点评：解决本题的关键知道地磁场的方向特点，以及掌握右手螺旋定则．13. （2013•温州一模）如图，一条形磁铁静止在固定斜面上，上端为N 极，下端为S 极，其一条磁感线如图，垂直于纸面方向有两根完全相同的固定导线，它们与磁铁两端的连线都与斜面垂直且长度相等（如图中虚线所示）．开始两根导线未通电流，斜面对磁铁的弹力、摩擦力的大小分别为F N 、F f ，后来两根导线以图示方向大小相同的电流后，磁铁仍然静止，则与未通电时相比（）A ．F N 、F f 均变大B ．F N 不变，F f 变小C ．F N 变大，F f 不变D ．F N 变小，F f 不变【答案】D【解析】通电导线处于磁场中要受到安培力作用，根据左手定则可确定出电流方向、磁场方向与安培力方向的关系．而磁铁的磁感线是从N 极向S 极．解：根据条形磁铁的磁感线的分布，结合左手定则，则可分别确定通电导线的安培力的方向，再由牛顿第三定律来得出条形磁铁的受到的安培力方向，最后根据力的合成从而确定得出，条形磁铁的摩擦力没有变化，而支持力却减小．故D 正确，ABC 错误；故选：D点评：由磁铁的磁感线的分布来确定通电导线的磁场方向，再由安培定则来确定安培力的方向，最后由牛顿第三定律来确定力的关系．若通电导线在磁铁的偏一边，则会出现摩擦力作用．14. （2013•如东县模拟）将通电直导线置于匀强磁场中，导线与磁场方向垂直．若仅将导线中的电流增大为原来的3倍，则该匀强磁场的磁感应强度（） A ．减小为原来的B ．保持不变C ．增大为原来的3倍D ．增大为原来的9倍【答案】B【解析】若B ⊥L ，根据安培力的公式F=BIL ，求安培力大小；而磁场的磁感应强度只与磁场本身有关．解：导线与磁场方向垂直，则有导线受到的安培力为：F=BIL ；若仅将导线中的电流增大为原来的3倍，则安培力将增大原来3倍，而磁场的磁感应强度只与磁场本身有关，与电流大小无关，则该磁场的磁感应强度仍不变，故B 正确，A 、C 、D 错误．故选：B ．点评：解决本题的关键掌握安培力的公式F=BIL ，知道磁场的磁感应强度只与磁场本身有关．15. （2010•浦东新区一模）物理实验都需要有一定的控制条件．奥斯特做电流磁效应实验时就应排除地磁场对实验的影响．下列关于奥斯特实验的说法中正确的是（） A ．该实验必须在地球赤道上进行 B ．通电直导线必须竖直放置 C ．通电直导线应该水平东西方向放置 D ．通电直导线可以水平南北方向放置【答案】D【解析】由于地磁的北极在地理的南极附近，故地磁场的磁感线有一个由南向北的分量，而只有当电流的方向与磁场的方向平行时通电导线才不受磁场的安培力．解：由于地磁的北极在地理的南极附近，故地磁场的磁感线有一个由南向北的分量，而当电流的方向与磁场的方向平行时通电导线才不受磁场的安培力，故在进行奥斯特实验时通电直导线可以水平南北方向放置，而不必非要在赤道上进行，但不能东西放置和竖直放置，故只有D正确．故选D．点评：掌握了地磁场的特点和安培力的特点就能顺利解决此类题目．16.（2010•连城县模拟）关于通电直导线周围磁场的磁感线分布，下列示意图中正确的是（）A．B．C．D．【答案】A【解析】通电导线周围的磁场方向，由右手螺旋定则来确定．解：A、伸开右手，大拇指方向为电流方向，则四指环绕方向为逆时针．故A正确；B、伸开右手，大拇指方向为电流方向，则四指环绕方向为逆时针．而图为顺时针，故B错误；C、直导线周围的磁感线应该是一系列的同心圆，故C错误；D、直导线周围的磁感线应该是一系列的同心圆，故D错误；故选：A点评：右手螺旋定则也叫安培定则，当直导线时，右手大拇指方向为电流的方向，四指环绕方向为磁场方向；当环形导线时，四指环绕方向为电流方向，右手大拇指方向为环内的磁场方向．17.我国古代四大发明中，涉及到电磁现象应用的发明是（）A．指南针B．造纸术C．印刷术D．火药【答案】A【解析】我国古代四大发明中，涉及到电磁现象应用的发明是指南针．解：指南针利用地磁场使小磁针偏转来指示方向，涉及到磁现象，而我国古代四大发明中，造纸术、印刷术、火药不涉及电磁现象．故A正确．故选A点评：本题考查对常识的了解程度，基础题．要重视知识的积累，加强记忆，不在基础题出错．18.两根由同种材料制成的均匀电阻丝A、B并联在电路中，A的长度为L，直径为d；B的长度为2L，直径为2d，那么通电后在相同的时间内产生的热量之比为（）A.QA ：QB=2：1 B.QA：QB=1：2 C.QA：QB=1：1 D.QA：QB=4：1【答案】B【解析】根据电阻定律，求出A、B电阻丝的电阻比，电阻丝A、B并联，电压相等，根据Q=求出相同时间内产生的热量之比．解：同种材料制成的均匀电阻丝A、B，A的长度为L，直径为d；B的长度为2L，直径为2d，根据电阻定律，知RA ：RB=2：1，电阻丝A、B并联，电压相等，根据Q=，在相等时间内产生的热量之比QA ：QB=1：2．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键掌握电阻定律，以及焦耳定律Q=I2Rt，在纯电阻中，公式可以转化为．19.下列说法错误的是（）A．通常用的干电池的电动势约为1.5V，铅蓄电池的电动势约为2VB．教室里用的日光灯的规格一般是“220V，40W”C．在电流一定时，电阻越小，相同时间内发热越多D．电饭锅通电以后能把生米煮成熟饭，说明电流具有热效应【答案】C【解析】根据热量的公式即可知道热量跟什么因素有关，解：A．通常用的干电池的电动势约为1.5V，铅蓄电池的电动势约为2V．故A对B．教室里用的日光灯的规格一般是“220V，40W”．故B对C．根据电热的公式Q=I2Rt，可知在电流一定时，电阻越小，相同时间内发热越少．故C错．D．电饭锅、电水壶等家用电器都是根据电流的热效应原理制成的．故D对．本题选错误的，故选C．点评：解决本题的关键知道电热的公式以及常见的物理常识．20.某电阻的阻值为5Ω，通过的电流为2A，则它在10s的时间内产生的热量为（）A．100J B．200J C．20J D．2J【答案】B【解析】知道电阻、电流、通电时间，根据Q=I2Rt求出电流产生的热量．解：由焦耳定律：Q=I2Rt=22×5×10J=200J，故B正确故选：B．点评：这是焦耳定律的直接应用，是最基础的题目，适合初学者．21.（2014•洛阳三模）硅光电池已广泛应用于人造卫星和灯塔、高速公路“电子眼”等设施．其原理如图所示，a、b是硅光电池的两个电极，P、N是两块硅半导体，P、N可在E区形成匀强电场．P的上表面镀有一层膜，当光照射时，P内产生的自由电子经E区电场加速后到达半导体N，从而产生电动势．以下说法中正确的是（）A．a电极为电池的正极B．电源内部的电流方向由P指向NC．E区匀强电场的方向由N指向PD．硅光电池是一种把化学能转化为电能的装置【答案】AC【解析】根据负电荷的电场力从而确定电场强度的方向，由电流的方向与负电荷的运动方向相反，可确定电源的内部电流方向．解：A、根据题意，E区电场能使P逸出的自由电子向N运动，因负电荷受到的电场力与电场方向相反，所以电场方向由N指向P，由于电流的方向与负电荷的运动方向相反，所以电源内部的电流方向由N指向P，故a电源的正极，故A正确、B错误；C、由题意可知，电子在E区加速，故电场方向应为N到P；故C正确；D、该电池是将光能转化为电能的装置，故D错误．故选：AC．点评：本题考查根据电荷的电场力的方向来确定电场强度的方向，并掌握电流的方向与负电荷的运动方向关系，同时理解电源内部的电流的方向为由负极流向正极．22.（2012•杨浦区一模）某段金属导体两端电压为U时，导体中电子平均定向移动速度为v．如果把这段导体均匀拉长1倍后仍保持它两端的电压为U，则导体中电子平均定向移动速度为（）A．B．C．v D．2v【答案】B【解析】电阻是导体本身的一种性质，其大小取决于导体的长度、横截面积和材料；当导线被拉长后，长度变长的同时，横截面积变小，但导体的整个体积不变．解：这段导体均匀拉长1倍，即长度变为原来的2倍，电阻则是原来的2倍，变长则意味着横截面积变小为原来的二分之一，此时电阻共变化为原来的4倍，电压不变，则电流为原来的四分之一．根据I=neSv可知，S为原来的一半，所以速度为原来的一半．故选B．点评：本题的关键在于判断电阻大小的变化，长度变长增加一倍，横截面积变细又是1倍，故变为原来的4倍．23.（2012•长宁区二模）一节干电池的电动势为1.5V，这表示该电池（）A．能将1.5J的化学能转变成电能B．接入电路工作时两极间的电压恒定为1.5VC．它存储的电能比电动势为1.2V可充电电池存储的电能多D．将1C电量的电荷由负极移送到正极的过程中，非静电力做了1.5J的功【答案】D【解析】电源是一种把其它形式的能转化为电能的装置，电动势E的大小等于非静电力做的功与电量的比值，即E=，其大小表示电源把其它形式的能转化为电能本领大小，而与转化能量多少无关．解：A、D、电源电动势的大小表征了电源把其它形式的能转化为电能的本领大小，电动势在数值上等于将1C电量的正电荷从电源的负极移到正极过程中非静电力做的功，即一节干电池的电动势为1.5V，表示该电池能将1C电量的正电荷由负极移送到正极的过程中，非静电力做了1.5J的功，故D正确，A错误；B、电动势应等于电源内外电压之和，故B错误；C、电动势大的说明电源把其它形式的能转化为电能的本领大，即由E=知，电动势大的存储的电能不一定多，故C错误．故选D．点评：E=也是属于比值定义式，与U=含义截然不同，电动势E大小表征电源把其它形式能转化为电能本领大小，而电压U大小表征电能转化为其它形式的能的大小，要注意区分．24.（2011•西城区模拟）下列家用电器在工作时，主要利用电流热效应的是（）A．电熨斗B．电冰箱C．吸尘器D．电饭煲【答案】AD【解析】电熨斗是利用电流做功产生的热量来熨烫衣物的；电冰箱是利用电流做功压缩制冷剂，故电能主要转化为机械能；吸尘器是通过电流做功带动风扇转动而形成风，故主要是将电能转化为机械能；电饭煲是利用电流流过电热丝时释放的热量来对食物进行加热．解：A、电熨斗是利用电流做功产生的热量来熨烫衣物的，故主要利用了电流的热效应．故A正确．B、电冰箱是利用电流做功压缩制冷剂，使制冷剂液化，当制冷剂再通过冷凝管是体积膨胀气化而带走冰箱内的热量，故电流做功的过程中电能主要转化为机械能．故B错误．。

全国高一高中物理同步测试带答案解析

全国高一高中物理同步测试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.以下物理量中是矢量的有（）①位移；②路程；③瞬时速度；④平均速度；⑤时间；⑥加速度；⑦速率。

A．只有①③④⑥B．只有①③⑥C．只有①⑥⑦D．只有①⑥2.下面关于加速度的描述中，正确的是（）A．加速度是描述物体速度变化的多少的物理量B．加速度在数值上等于单位时间里速度的变化C．当加速度与位移方向相反时，物体做减速运动D．当加速度与速度方向相同且又减小时，物体做减速运动3.下列说法正确的是（）A．做匀速直线运动的物体的加速度一定是零B．做匀速直线运动的物体的加速度可能是零C．做加速直线运动的物体的加速度是零D．做减速直线运动的物体的加速度是零4.做匀加速直线运动的物体的加速度为3m/s2，对于任意1s来说，下列说法中正确的是（）A．某1 s末的速度比该1 s初的速度总是大3 m/sB．某1 s末的速度比该1 s初的速度总是大3倍C．某1 s初的速度与前1 s末的速度相等D．某1 s末的速度比前1 s初的速度总是大6 m/s5.下列所描述的运动中，可能正确的有（）A．速度变化很大，加速度很小B．速度变化方向为正，加速度方向为负C．速度变化越来越快，加速度越来越小D．速度越来越大，加速度越来越小6.若汽车的加速度方向与速度方向一致，当加速度减小时，则（）A．汽车的速度也减小B．汽车的速度仍在增大C．当加速度减小到零时，汽车静止D．当加速度减小到零时，汽车的速度达到最大二、多选题1.如图所示，横坐标为时间，下面说法正确的是（）A．若纵轴表示位移，图象中物体一定做匀速直线运动B．若纵轴表示速度，图象中物体一定做匀速直线运动C．若纵轴表示位移，由图象可求物体运动的加速度D．若纵轴表示速度，由图象可求物体运动的加速度2.物体运动的加速度为5m/s2，则（）A ．读作“5米每秒二次方”B ．读作“5米每二次方秒”C ．表示某秒末的速度一定是该秒初速度的5倍D ．表示某秒内的末速度与初速度相差5m/s三、填空题1.汽车从车站开出做匀加速直线运动，加速度a ＝0.4m/s 2，表示___________；经5s 后汽车的速度增加到___________m/s 。

高一物理功能关系试题答案及解析

高一物理功能关系试题答案及解析1.如图所示，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，那么小球从接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短的过程中（弹簧保持竖直），下列关于能的叙述正确的是A．弹簧的弹性势能先增大后减小B．小球的动能先增大后减小C．小球的重力势能先增大后减小D．小球与弹簧机械能总和先增大后减小【答案】B【解析】小球下落过程中弹簧被压缩，弹力增大，故弹簧的弹性势能不断增大，故A错误；小球下落和弹簧接触过程中，开始做加速度逐渐减小的加速运动当弹簧弹力等于重力时速度最大，然后做加速度逐渐增大的减速运动，故其动能先增大后减小，故B正确；小球下落过程，高度一直减小，故重力势能一直减小，故C错误；小球与弹簧构成的系统只有重力和弹力做功，机械能守恒，故D错误。

【考点】动能和势能的相互转化；弹性势能；功能关系．2.在一次“蹦极”运动中，人由高空落下，到最低点的整个过程中，下列说法中正确的是（）A．重力对人做负功B．人的重力势能减少了C．橡皮绳对人做负功D．橡皮绳的弹性势能增加了【答案】BCD【解析】人由高空跳下到最低点的整个过程中，人一直下落，则重力做正功，重力势能减少，故A错误，B正确；橡皮筋处于拉伸状态，弹力方向向上，而人向下运动，故橡皮绳的弹力对人做负功，橡皮筋的弹性势能增加，故CD正确．【考点】考查了功能关系的应用3.下列关于功和能的说法正确的是（）A．功就是能，能就是功B．物体做功越多，物体的能就越大C．外力对物体不做功，这个物体就没有能量D．能量转化的多少可用功来量度【答案】D【解析】能是物体本身所蕴含的能量，功是能量转化的量度，做了多少功，就有多少能发生变化，物体不做功，但不能说没有能量，只是能量没有发生变化，故D正确。

【考点】考查了功能关系4.如图所示，一根轻弹簧下端固定，竖立在水平面上。

其正上方A位置有一只小球。

小球从静止开始下落，在B位置接触弹簧的上端，在C位置小球所受弹力大小等于重力，在D位置小球速度减小到零，在小球下降阶段中，下列说法正确的是A．在B位置小球动能最大B．从A →C位置小球重力势能的减少量等于小球动能的增加量C．从A →D位置小球动能先增大后减小D．从B →D位置小球动能的减少量等于弹簧弹势能的增加量【答案】C【解析】小球达到B点后，由于重力仍大于弹力，所以继续加速，直到C点，速度达到最大．故A错误；从位置小球重力势能的减少量等于小球动能与弹簧的弹性势能增加量．故B错误；从位置过程中，小球达到B点后，由于重力仍大于弹力，所以继续加速，直到C点，速度达到最大．所以小球动能先增大后减小．故C正确；从位置小球先增加，到达C点后动能减小．过程中动能的减少量小于弹簧弹性势能．故D错误；【考点】考查了功能关系的应用5.质量为m的物体，从地面以g/3的加速度由静止竖直向上做匀加速直线运动，上升高度为h的过程中，下面说法中正确的是（）A．物体的重力势能增加了mgh/3B．物体的机械能增加了2mgh/3C．物体的动能增加了mgh/3D．物体克服重力做功mgh【答案】CD【解析】物体上升，克服重力做功，重力做功为，即物体克服重力做功为，物体重力势能增加了，故A错误，D正确；物体从静止开始以的加速度沿竖直方向匀加速上升，由牛顿第二定律得：，解得：，由动能定理得：，解得，物体重力势能增加量，动能增加了，故机械能增加量，C正确，B错误；【考点】考查了功能关系的应用6.关于做功与能，下列说法中错误的是A．物体的重力做正功，动能一定增加B．重力势能等于零的物体，不可能对别的物体做功C．物体的合外力做功为零，物体的机械能可能增加D．除重力之外的外力对物体做功不为零，物体的机械能一定增加【答案】ABD【解析】这是一道考查学生对功能关系理解的选择题，高一学生要对这一知识理解：动能变化与合外力做功的关系，重力势能变化与重力做功的关系，弹性势能与弹力做功的关系，除重力以外的力作功与机械能的关系。

高一物理匀速直线运动试题答案及解析

高一物理匀速直线运动试题答案及解析1.为模拟空气净化过程，有人设计了如图所示的含灰尘空气的密闭玻璃圆桶，圆桶的高和直径相等．第一种除尘方式是：在圆桶顶面和底面间加上电压U，沿圆桶的轴线方向形成一个匀强电场，尘粒的运动方向如图甲所示；第二种除尘方式是：在圆桶轴线处放一直导线，在导线与桶壁间加上的电压也等于U，形成沿半径方向的辐向电场，尘粒的运动方向如图乙所示．已知空气阻力与尘粒运动的速度成正比，即F＝kv（k为一定值），假设每个尘粒的质量和带电荷量均相同，重f力可忽略不计，则在这两种方式中（）A．尘粒最终一定都做匀速运动B．尘粒受到的电场力大小相等C．电场对单个尘粒做功的最大值相等D．在乙容器中，尘粒会做类平抛运动【答案】C【解析】在电场的加速作用下，尘粒均沉积在玻璃圆柱筒上，故A错误；每种除尘方式受到电场力大小相等，但两种不同方式中，尘料所受电场力大小是不同的，故B错误；电场对单个尘粒做功的最大值为qU，故在两种情况下电场对尘粒做功的最大值相同，故C正确；乙容器中尘粒运动过程中阻力随速度在变化，所受合力不为恒力，故尘粒做的不是类平抛运动，故D错误。

【考点】考查了带电粒子在电场中的运动2.（14分）用11N的恒力沿斜面方向将一个质量为1kg的滑块推上一个长10m，倾角53度的斜面，滑块恰好能沿斜面做匀速直线运动，（g=10m/s，sin53°=0.8,cos53°=0.6），求：（1）滑块与斜面间的动摩擦因数（2）若将滑块在斜面顶端由静止开始释放，求滑块到达斜面底端的速度大小【答案】见试题分析【解析】 1）当滑块匀速上升时，有：F-mgsin53°- f =0 （3分）f =umgcos53°（3分）联合以上两式解得： u=0.5 （1分）2）当滑块沿斜面下滑时，有：mgsin53°–umgcos53°=ma （3分）到达斜面底端时，有v2=2as （2分）联合以上各式解得：v=10m/s （2分）【考点】共点力平衡牛顿第二定律匀变速直线运动规律3.（8分）“10米折返跑”的成绩反应了人体的灵敏素质。

高一物理下册期末考试试卷(附答案解析)

高一物理下册期末考试试卷(附答案解析）学校:___________班级：___________姓名：__________考号：__________ 一、单选题A．B．C．D．二、实验题11．某科学兴趣小组进行了系列电学实验。

（1）为了测量某种新材料制成的圆柱形电阻的电阻率，该小组用螺旋测微器测量其直径D，示数如图甲所示，读数为____________cm。

③调节指针定位螺丝，使多用电表指针指着电流零刻度④将选择开关旋转到OFF位置⑤将红、黑表笔分别与待测电阻两端接触，测出金属丝的电阻约20Ω（3）为进一步准确测量该金属丝的电阻x R，实验室提供如下器材：电池组E（电动势为4.5V，内阻不计）；定值电阻0R（阻值为10Ω）；电压表V（量程为5V，内阻未知）；电流表A（量程为20mA，内阻为90Ω）；滑动变阻器R（阻值范围为0∼20Ω，额定电流2A）；开关S、导线若干.请利用以上器材，在下方的虚线框中补全实验电路图（需标出相应器材的符号）______（4）若电压表示数为4.2V，电流表示数为15mA，试分析能否计算出x R的准确值，若能，写出x R的准确值；若不能，写出误差的来源________（5）写出该金属丝电阻率的表达式ρ=_________（用L、d、x R表示）.三、解答题13．电流表改装成欧姆表的电路如图所示，两表笔直接相连时，指针指在表盘刻度“5”上，两表笔之间接有600Ω的电阻时，指针指在刻度“1”上。

求刻度“3”应标注的电阻值R。

12．【答案】11.050 1.995/1.994/1.996 ③②①⑤④19Ω24x d RL π。

高一物理试题及答案解析

高一物理试题及答案解析一、选择题（每题3分，共30分）1. 下列关于力的描述，正确的是（）。

A. 力是物体对物体的作用B. 力是物体运动的原因C. 力是物体运动状态改变的原因D. 力是物体运动状态不改变的原因答案：AC解析：力是物体对物体的作用，同时也是物体运动状态改变的原因。

2. 根据牛顿第一定律，物体的运动状态不改变的条件是（）。

A. 物体不受力B. 物体受平衡力C. 物体受非平衡力D. 物体受力，但力的方向与物体运动方向垂直答案：AB解析：牛顿第一定律指出，物体在不受力或受平衡力的情况下，其运动状态不会发生改变。

3. 以下关于重力加速度的描述，错误的是（）。

A. 重力加速度在地球表面各处相同B. 重力加速度随高度的增加而减小C. 重力加速度随纬度的增加而增大D. 重力加速度的方向总是竖直向下答案：A解析：重力加速度在地球表面并不完全相同，它随纬度的增加而增大，随高度的增加而减小，且其方向总是竖直向下。

4. 以下关于功的描述，正确的是（）。

A. 功是力和位移的乘积B. 功是力和速度的乘积C. 功是力和位移的点积D. 功是力和位移的叉积答案：C解析：功是力和位移的点积，即力与位移的乘积再乘以力和位移之间的余弦值。

5. 以下关于能量守恒定律的描述，错误的是（）。

A. 能量既不会创生也不会消失B. 能量可以从一种形式转化为另一种形式C. 能量的总量在转化和转移过程中保持不变D. 能量守恒定律只适用于封闭系统答案：D解析：能量守恒定律适用于所有物理过程，无论是封闭系统还是开放系统。

6. 以下关于动量守恒定律的描述，正确的是（）。

A. 动量守恒定律只适用于没有外力作用的系统B. 动量守恒定律适用于有外力作用的系统C. 动量守恒定律适用于所有物理过程D. 动量守恒定律不适用于微观粒子答案：A解析：动量守恒定律适用于没有外力作用的系统，或者外力作用的合力为零的系统。

7. 以下关于相对论的描述，错误的是（）。

高一物理期末试卷及答案解析

高一物理期末试卷及答案解析高一物理期末试卷及答案解析试卷部分：一、选择题1.以下哪个是物质具有的基本性质？（）A.指向性B.质量不变性C.变形性答案：B2.光的频率越高，波长一般越。

（）A.长B.短C.相同答案：B3.加入某量质点，整个系统的动量守恒，则可称为。

（）A.闭合系统B.半封闭系统C.开放系统答案：A4.在真空中自由下落的物体的速度每秒增加。

（）A.9.8m/sB.1m/sC.6.2m/s答案：A5.把物体从地面抛起，小球从小车上向下抛，两者哪一个自由落体的时间长？（）A.相等B.物体自由落体的时间短C.小球自由落体的时间短答案：A二、填空题1.假设物体质量是2 kg，加速度是5 m/s^2，初始速度是10 m/s，求其速度为20 m/s时沿着加速度方向所需的时间。

答案：2 s2.小明做功2 J将力量为20 N的物体从地面拉至高度为10 m的位置，那么重力势能的增加值是什么？答案：196 J3.假设一物体以每秒30次的频率作圆周运动，求其圆周运动的角速度是多少？答案：188.5 rad/s三、问答题1.在物理学中，什么是“对称性原理”？答：对称性原理指的是事物的外观和性质在某些方面是相等的，例如在左右、前后和上下三个方面。

在物理学中，这个原理适用于所有物理规律，尤其是质能守恒定律、动量守恒定律和角动量守恒定律。

2.在光谱学中，什么是“谱线”？答：谱线是在光谱分析中的一种光谱现象，指在光谱中的极窄的线条形成的带状光谱。

谱线的出现是由于物体发射和吸收特定波长的光所导致的。

四、综合题1.一物体以40 m/s的速度沿着水平面前进，它的势能为840 J，求该物体的动能。

解答：Epot = mgh = 840 J动能可表示为Ek = 1/2 mv^2 ，代入数据可得Ek = 1/2 × m × v^2 = 1/2 × m × (40 m/s)^2 = 1600 m答案：1600 J答案部分：一、选择题1.答案：B基本性质包括质量、形状、大小、密度等，其中质量不变性是物质的基本性质之一。

2024-2025学年高一上第一次月考物理试卷附答案解析(9月份)

2024-2025学年高一上第一次月考物理试卷（9月份）一、单选题（本题共7小题，每题只有一个选项正确，每小题4分，共28分）1．（4分）在某同学的物理笔记上，有一些关于运动学概念的记录，其中记录有误的是（）A．物体有加速度，速度就增加B．对于匀速直线运动，瞬时速度和平均速度相等C．选择不同的参考系来观察同一物体的运动，其结果可能相同D．一般讲平均速度时，必须讲清楚是哪段时间（或哪段位移）内的平均速度2．（4分）手机给人民生活带来很多便利，某些出行软件极大地方便了某些“不识路”的驾车一族，如图，下列说法正确的是（）A．图中的“53分钟”、“52分钟”、“50分钟”指的是时刻B．图中的“16公里”“71公里”“19公里”指的是位移C．图中研究汽车在导航图中的位置时，可把汽车看作质点D．图示为推荐的第一种方案，驾车距离最短，则路程等于位移大小3．（4分）关于速度和加速度，下列说法中正确的是（）A．物体的速度增大但加速度可能减小B．速度方向不变的物体加速度一定为零C．加速度越大说明物体速度变化得越慢D．加速的物体有加速度，减速的物体无加速度4．（4分）质点做匀加速直线运动，初速度为v0＝2m/s，加速度a＝0.1m/s2，则正确的是（）A．质点的加速度均匀增大B．质点的速度随时间均匀增大C．质点第4s末的速度为1.6m/s D．每经过1s时间，物体速度就增大0.2m/s5．（4分）汽车制动后做匀减速直线运动，经5s停止运动。

这段时间内，汽车每1s前进的距离分别是9m、7m、5m、3m、1m（如图所示），则汽车制动后的加速度大小为（）A．1m/s2B．2m/s2C．3m/s2D．5m/s26．（4分）一物体做直线运动的vt图象如图所示，则（）A．前6s内物体做匀变速直线运动B．第3s末物体回到出发点C．第3s末物体的速度为零，此时加速度也为零D．前6s内物体的最大加速度大小为4m/s27．（4分）自驾游是目前比较流行的旅游方式，在人烟稀少的公路上行驶，司机会经常遇到动物过公路的情形。

高一物理必修三试题带答案

高一物理必修三试题带答案高一物理必修三试题带答案一、选择题1.甲、乙两质点在同一直线上做匀加速直线运动的v-t图象如图所示，在3s末两质点在途中相遇，两质点位置关系是A.相遇前甲、乙两质点的最远距离为2mB.相遇前甲、乙两质点的最远距离为4mC.两质点出发点间的距离是乙在甲之前4mD.两质点出发点间的距离是甲在乙之前2m【答案】B【解析】试题分析：相遇前任意时刻乙的速度都大于甲的速度，也即相遇前，乙的位移大于甲的位移，而两质点在3s时刻相遇，可知相遇前乙在后，甲在前，出发时两质点相距最远。

最远距离为：，B对，ACD错。

考点：速度时间图像、追击与相遇。

【点睛】从常见的三种追及、相遇问题看一个条件——两者速度相等。

(1)初速度为零(或较小)的匀加速直线运动的物体追匀速运动的物体，在速度相等时二者间距;(2)匀减速直线运动的物体追匀速运动的物体，若在速度相等之前未追上，则在速度相等时二者间距最小;(3)匀速运动的物体追匀加速直线运动的物体，若在速度相等之前未追上，则在速度相等时二者间距最小.2.如图所示，物体A、B由同一位置沿同一方向做直线运动。

他们运动的速度v随时间t的变化关系，如图所示，由图可知A.物体A、B在4s末相遇B.物体A、B在2s末相遇C.物体A、B在4s末的速度大小相等D.物体A、B在2s末的速度大小相等【答案】AD【解析】试题分析：根据图象，4s末，A、B图线与时间轴围成的面积相等，则位移相等，可知物体A、B相遇.故A正确;2s末，B图线与时间轴围成的面积大于A图线与时间轴围成的面积，知B的位移大于A的位移，两物体未相遇，B错误;在4s末A的速度为10m/s，B的速度为5m/s，速度不相等，C错误;在2s末，A、B的速度相等，D 正确;故选AD。

考点：匀变速直线运动的图像;匀变速直线运动的速度与时间的关系。

【点睛】利用速度时间图线得出速度相等的时刻，根据图线与时间轴围成面积表示的含义表示位移判断相遇的时刻。

全国高一高中物理同步测试带答案解析

全国高一高中物理同步测试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列关于台球的说法中正确的有( )A ．因为台球比较小，所以一定可以把它看做质点B ．丁俊晖在击球时可以把台球看做质点C ．解说员在解说进球路线时可以把台球看做质点D ．丁俊晖在分析进球路线时可以把台球看做质点2.为使高速公路交通有序、安全，路旁立了许多交通标志。

如图所示，甲图是限速标志，表示允许的最小速度是50km/h ；乙图是路线指示标志，表示到下一出口还有25km ，上述两个数据的物理意义分别是A ．50 km /h 是平均速度，25 km 是路程B ．50 km /h 是瞬时速度，25 km 是路程C ．50 km /h 是瞬时速度，25 km 是位移D ．50 km /h 是平均速度，25 km 是位移3.我国自主研制的某型号战斗机由静止开始启动，在运动500 m 后起飞，已知5 s 末的速度为10 m/s,8秒末的速度为16 m/s.在20秒末起飞，则该飞机由静止到起飞这段时间内的平均速度是( ) A ．10 m/s B ．16 m/s C ．20 m/s D ．25 m/s4.甲、乙、丙三个观察者，同时观察一个物体的运动，甲说：它在做匀速直线运动；乙说：它是静止的；丙说：它在做加速运动。

下列说法正确的是( ) A ．在任何情况下都不可能出现这种情况 B ．三人中总有一人或两人讲错了C ．如果选同一参考系，那么三人的说法都对D ．如果三人各自选择不同的参考系，那么三人的说法可能都对5.某同学自编了这样一道题：“一架小型客机从静止开始在跑道上滑行，经过时刻t ＝20 s 离开地面．它在跑道上滑行过程中的位移x ＝400 m ，离开地面的平均速度v 1＝40 m/s ，求它滑行的瞬时速度v 2.”从题中可以看出，该同学用的概念正确的有( ) A ．时刻t B ．位移x C ．平均速度v 1 D ．瞬时速度v 26.甲、乙二人同时从A 地赶往B 地，甲先骑自行车到中点后改为跑步，而乙则是先跑步，到中点后改为骑自行车，最后两人同时到达B 地；又知甲骑自行车比乙骑自行车的速度快．并且二人骑车速度均比跑步速度快．则在下图所示的四个图象中，甲、乙二人的图象只可能是()A．甲是①，乙是②B．甲是①，乙是④C．甲是③，乙是②D．甲是③，乙是④7.如图所示为甲、乙两物体相对于同一参考系的x－t图象．下面说法正确的是()A．甲、乙两物体的出发点相距x0B．甲、乙两物体都做匀速直线运动C．甲物体比乙物体早出发的时间为t1D．甲、乙两物体向同方向运动8.一物体做匀变速直线运动，某时刻速度的大小为4m/s，1s后速度的大小变为10m/s，在这1s内该物体的（）A．速度变化的大小可能小于4m/sB．速度变化的大小可能大于10m/sC．加速度的大小可能小于4m/s2D．加速度的大小可能大于10m/s2二、不定项选择题1.北京市少年宫花样玩具赛车表演中，两位少年宫的小朋友分别控制着甲、乙两辆遥控玩具赛车同时同地从相邻的跑道出发，沿同一方向运动，通过各自的传感器将速度信息传输给计算机，并通过电脑绘制出如图所示的v－t图象，其中甲图线是圆心在坐标原点的1/4圆弧，乙图线是过原点和点(10,10)的直线，在0～10 s内，关于两赛车间的位置关系的说法中正确的是()A．在t1时刻两赛车相遇B．在t1时刻两赛车间距离最大C．在t1～10 s内的某时刻两赛车相遇D．在t＝10 s时，甲赛车在乙赛车前方约28.5 m处2.如图所示，一棱长为10 cm的实心立方体木块上，一只昆虫从A点爬到G点．下列说法正确的是()A．该昆虫的路程有若干种可能性，其中最短路程为(10＋10) cmB．该昆虫的位移为10 cmC．该昆虫的路程有若干种可能性，其中最短路程为10 cmD．该昆虫的位移为10 cm三、实验题1.在练习使用打点计时器的实验中，得到了一条如图所示的纸带，其中0、1、2、3…是选取的计数点，每相邻两个计数点之间还有3个打出的点没有在纸带上标出．图中画出了将米尺靠在纸带上测量的情况，读出图中所测量点的读数分别是________、________、________和________；打第2个计数点时纸带的速度是________m/s.2.小华同学在做“用打点计时器测速度”的实验时，从打下的若干纸带中选出了如图所示的一条纸带，已知打点计时器使用的电源频率为50 Hz，每两个相邻计数点间有四个点没有画出，各计数点到0点的距离如纸带上所示．(1)为了达到实验的目的，除了有打点计时器、纸带、小车、细绳、导线、低压交流电源、小木块、长木板外，还需要的仪器有______A．刻度尺B．铁架台C．停表D．天平(2)图中两计数点的时间间隔为T＝________s.(3)根据纸带提供的信息，小华同学已经计算出了打下1、2、3、4、6这五个计数点时小车的速度，请你帮助他计算出打下计数点5时小车的速度v＝________m/s(结果保留3位有效数字)，并填入表中.5(4)以速度v为纵轴、时间t为横轴在坐标纸上建立直角坐标系，根据表中的v、t数据，在坐标系中描点，并作出小车运动的v －t 图象．(5)根据v －t 图象可知，小车运动的加速度大小为________ m/s 2(结果保留3位有效数字)．四、简答题1.在节假日期间，你可能到公园或游乐场玩过蹦床，如图所示是一同学某次蹦床跳起后的v －t 图象，已知t 2＝2t 1，结合你的体会和经历，分析下列问题：(1)他所做的运动是一个什么样的运动？ (2)他跳起时速度多大？(3)哪段时间是上升的，哪段时间是下降的？上升高度多大？(4)从图象中可以看出，是选上升过程的速度方向为正方向还是选下降过程的速度方向为正方向？ (5)t 2时刻该同学所在的位置．2.某高速公路单向有两条车道，最高限速分别为120km/h 、100km/h.按规定在高速公路上行驶车辆的最小间距（单位：m ）应为车速（单位：km/h ）的2倍，即限速为100km/h 的车道，前后车距至少应为200m.求：（1）两条车道中限定的车流量（每小时通过某一位置的车辆总数）之比；（2）若此高速公路总长80km ，则车流量达最大允许值时，全路（考虑双向共四车道）拥有的最少车辆总数．3.让小球从斜面的顶端滚下，如图所示是用闪光照相机拍摄的小球在斜面上运动的一段，已知闪频为10Hz ，且O点是0.4s 时小球所处的位置，试根据此图估算：（1）小球从O 点到B 点的平均速度；（2）小球在A 点和B 点的瞬时速度；（3）小球运动的加速度．4.两个小物块放在水平地面上，与地面的动摩擦因数相同，两物块间的距离d ＝170 m ，它们的质量分别为m 1＝2 kg 、m 2＝3 kg.现令它们分别以初速度v 1＝10 m/s 和v 2＝2 m/s 相向运动，经过时间t ＝20 s ，两物块相遇，试求：两物块相遇时m 1的速度．某同学解答过程如下：由于两物块与地面的动摩擦因数相同，则两物块加速度相同，设为a .相遇时，两物块位移大小之和为d，有代入数据得a的大小，再由运动学公式vt ＝v－at求得两物块相遇时m1的速度．你认为上述解法是否正确？若正确，根据上述列式求出结果；若不正确，指出错误原因并求出正确结果．全国高一高中物理同步测试答案及解析一、选择题1.下列关于台球的说法中正确的有()A．因为台球比较小，所以一定可以把它看做质点B．丁俊晖在击球时可以把台球看做质点C．解说员在解说进球路线时可以把台球看做质点D．丁俊晖在分析进球路线时可以把台球看做质点【答案】C【解析】物体能否看做质点，要看物体的大小和形状在所研究的问题中起主要作用还是起次要作用，故选项A错误；丁俊晖在击球时，需要考虑球的旋转情况，因此不能把台球看做质点，故选项B错误；而解说员在解说进球路线时只需说明球的行进轨迹，因此可以把台球看做质点，故选项C正确；而丁俊晖在分析进球路线时需要考虑球的旋转情况对路线的影响，因此不可以把台球看做质点，故选项D错误．故选C.2.为使高速公路交通有序、安全，路旁立了许多交通标志。

高一物理试题大全

高一物理试题答案及解析1.地球质量为M，半径为r，万有引力常量为G，发射一颗绕地球表面附近做圆周运动的人造卫星，卫星的速度称为第一宇宙速度。

（1）试推导由上述各量表达的第一宇宙速度的计算式，要求写出推导依据。

（2）若已知第一宇宙速度的大小为v=7.9km/s，地球半径R=6.4×106m，万有引力恒量G=6.67×10-11 N·m2 /kg2，求地球质量（结果要求二位有效数字）。

【答案】（1）（2）6.0×1024Kg【解析】（1）在地球表面万有引力提供向心力，此时的线速度为第一宇宙速度，v=（2） 6.0×1024Kg2.关于匀变速直线运动，下列说法正确的是（ )A．加速度的方向就是速度的方向B．加速度的方向就是位移的方向C．匀加速直线运动中，物体的加速度与速度方向相同D．匀减速直线运动中，位移和速度都随时间的增加而减小【答案】C【解析】略3.关于牛顿第一定律，以下说法正确的是（）A．牛顿第一定律是依靠实验事实，直接归纳总结得出的B．牛顿第一定律是以可靠实验为基础，通过理想化实验而得出的结论C．根据牛顿第一定律可知，力是维持物体运动的原因D．只有在惯性参考系中牛顿第一定律才适用【答案】BD【解析】略4.如图所示，光滑的半圆柱体的半径为R，其上方有一个曲线轨道AB，轨道底端水平并与半圆柱体顶端相切，质量为m的小球沿轨道滑至底端(也就是半圆柱的顶端)B点时的速度大小为，方向沿水平方向，若小球在水平面上的落点为C(图中未画出)，则A．小球将沿圆柱体表面做圆周运动滑至C点B．小球将做平抛运动到达C点C．O、C之间的距离为RD．O、C之间的距离为R【答案】D【解析】略5.做平抛运动的物体，相等时间内速度的变化量总是（）A．大小相等，方向相同 B．大小不等，方向不同C．大小相等，方向不同 D．大小不等，方向相同【答案】A【解析】略6.某学生开展无线电定位“搜狐”比赛，甲、乙两人从图中所示地形的O点同时出发，并同时到达A点搜到狐狸，两人的搜狐路径已经在图中标出，则( )A．两人运动的平均速度相等B．甲的平均速度大于乙的平均速度C．甲的路程小于乙的路程D．甲的位移大于乙的位移【答案】A【解析】略7.右图是甲、乙两物体做直线运动的v－t图象．下列表述正确的是 ()A．甲做匀加速直线运动B．乙做匀加速直线运动C．甲和乙的加速度方向相同D．甲的加速度比乙的小【答案】B【解析】略8.一辆汽车在平直公路上做匀变速直线运动，公路边每隔15m有一棵树，如图所示，汽车通过AB两相邻的树用了3s，通过BC两相邻的树用了2s，求汽车运动的加速度和通过树B时的速度为多少?【答案】，【解析】汽车经过树A时速度为v，加速度为a。

高一物理自由落体运动试题答案及解析

高一物理自由落体运动试题答案及解析1.(13分)某跳伞运动员做低空跳伞表演.他离开飞机后先做自由落体运动，直到距离地面125m处打开降落伞.伞张开后，他以14.3m/s2的加速度做匀减速运动，到达地面时速度为5m/s.求：（1）伞张开时运动员的速度；（2）运动员离开飞机时离地面的高度；（3）设跳伞运动员及伞的总质量为80kg，求跳伞运动员下落过程中运动员和降落伞整体所受的阻力.(g=10m/s2)【答案】（1）60m/s （2）305m （3）1944N【解析】⑴设伞张开时运动员的速度为v，对运动员减速过程应用(2分)(2分)⑵从运动员离开飞机到打开降落伞运动员做自由落体运动，下落的高度为h1由v2=2gh1(2分)得： (2分)运动员离开飞机时离地面的高度为H=h1+h2=180m+125m=305m (1分)⑶跳伞运动员下落过程中运动员和降落伞整体受重力及空气阻力由牛顿第二定律：mg－Ff=ma (2分)则：Ff=m(g－a)=80×(10+14.3)N=1944N (2分)【考点】本题考查运动学关系、自由落体运动和牛顿第二定律。

2.如图甲所示，两位同学根据课本提示的方法，利用自由落体运动做反应时间的测量。

如图乙所示，A点是开始时受测人手指的位置，B点是结束时受测人手指的位置，则受测人的反应时间大致为：A．0.6s B．0.5s C．0.4s D．0.3s【答案】D【解析】由图可知，在受测人的反应时间内直尺下落的高度为：，由自由落体运动规律得：，解之得：，故选D。

【考点】本题考查自由落体运动规律，意在考查考生灵活运用自由落体运动规律处理实际问题的能力。

3.（7分）小张利用高中学过的物理知识探测“深井”的深度。

他向“深井”丢下一块石块（有安全措施），同伴记录时间，经1.0秒，听到石块落底的声音。

若不计石块的初速度和声音回传时间的影响，重力加速度取10m/s2，试估算“深井”的深度。

【答案】5m【解析】可将石块的运动看成自由落体运动（3分）则由 h=gt2/2（2分）得“深井”估计深度为H估=5m（2分）【考点】自由落体运动4.让一轻一重两个石块同时从同一高处自由下落，空气阻力忽略不计，关于两石块的运动情况，下列说法正确的是()A．重的石块落得快，先着地B．在着地前的任一时刻，两石块具有相同的位移C．在着地前的任一时刻，两石块具有相同的速度D．两石块在下落这段时间内的平均速度相等【答案】BCD【解析】因忽略空气阻力，所以两石块都做自由落体运动，又从同一高度下落，运动性质和过程完全相同，所以不仅同时落地，而且任意时刻，丙石块所处高度、速度都相同，下落时间和位移相同，所以平均速度相同，所以选项A错误，BCD正确；【考点】自由落体运动5.(16分)两个物体用长L＝9.8 m的细绳连接在一起，从同一高度以1 s的时间差先后自由下落，当绳子拉紧时，第二个物体下落的时间是多少? （g取9.8 m/s2，并且物体的高度足够高）【答案】0.5s【解析】设当绳子拉紧时，第二个物体下落的时间为t，则第二个物体下落的高度为：①此时第一个物体下落的高度为：②其中h1－h2＝L③①②③式联立得，t＝0.5 s．【考点】本题考查自由落体运动。

高一物理试题答案及解析

高一物理试题答案及解析1.三种不同粒子a、b、c从O点沿同一方向垂直纸面向里的匀强磁场中的运动轨迹分别如图所示，则（）A．粒子a一定带正电B．粒子b一定带正电C．粒子c一定带正电D．粒子b一定带负电【答案】A【解析】由图知，粒子a受力向左，据左手定则可知，粒子a带正电，A对。

粒子b未发生偏转，不带电，BD错。

粒子c受力向右，由左手定则，粒子c带负电，C错。

2.（2014•天津）如图1所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图象如图2中曲线a，b所示，则（）A．两次t=0时刻线圈平面均与中性面重合B．曲线a、b对应的线圈转速之比为2：3C．曲线a表示的交变电动势频率为25HzD．曲线b表示的交变电动势有效值为10V【答案】AC【解析】根据图象可分别求出两个交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等．解：A、在t=0时刻，线圈一定处在中性面上；故A正确；B、由图可知，a的周期为4×10﹣2s；b的周期为6×10﹣2s，则由n=可知，转速与周期成反比，故转速之比为：；故B错误；C、曲线a的交变电流的频率f==25Hz；故C正确；D、由Em =NBSω可知===，所以Emb=Ema=10V，曲线b表示的交变电动势有效值为U==5V；故D错误；故选：AC．点评：本题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量．3.（2014•北京模拟）如图所示，是一正弦式交变电流的电流图象．电流的最大值和周期分别为（）A．10A，0.02s B．10A，0.02s C．10A，0.01s D．10A，0.01s【答案】B【解析】由交流电的图象的纵坐标的最大值读出电流的最大值，由横坐标读出周期．=10V，周期T=0.02s，故B正确，ACD错误．解：根据图象可知该交流电的电流最大值是Im故选：B．点评：根据交流电i﹣t图象读出交流电的最大值、周期及任意时刻电流的大小是基本能力．比较简单．4.（2014•潍坊模拟）如图所示，匀强磁场的磁感应强度T．单匝矩形线圈面积S=1m2，电阻不计，绕垂直于磁场的轴OO′匀速转动．线圈通过电刷与一理想变压器原线圈相接，为交流电流表．调整副线圈的滑动触头P，当变压器原、副线圈匝数比为1：2时，副线圈电路中标有“36V，36W”的灯泡正常发光．以下判断正确的是（）A．电流表的示数为lAB．矩形线圈产生电动势的有效值为18VC．从矩形线圈转到中性面开始计时，矩形线圈电动势随时间的变化规律V D．若矩形线圈转速增大，为使灯泡仍能正常发光，应将P适当下移【答案】BC【解析】由小灯泡正常发光，得到变压器的输出电压和输出电流，然后结合变压比公式和变流比公式求解变压器的输入电压和电流，最后结合发电机的电动势公式e=NBSωsinωt分析．=；根据变流比公式：，解得：解：A、小灯泡正常发光，故变压器的输出电流为：I2I=2A；故A错误；1B、小灯泡正常发光，故变压器的输出电压为36V，根据变压比公式，解得：U=18V；故1矩形线圈产生电动势的有效值为18V；故B正确；=NBSω，解得：ω=C、矩形线圈产生电动势的最大值为18V，根据公式Em；故从矩形线圈转到中性面开始计时，矩形线圈电动势随时间的变化规律e=Esinωt=V；故C正确；m=NBSω，感应电动势的最大值增加，故有效值也增加；为D、若矩形线圈转速增大，根据公式Em使灯泡仍能正常发光，应该减小变压比，故应将P适当上移；故D错误；故选：BC．点评：本题关键是明确交流发电机的瞬时值、有效值、最大值的区别和求解方法，同时要结合变压器的变压比和变流比公式列式求解．5.（2013•怀化三模）如图所示，两块水平放置的金属板距离为d，用导线、电键K与一个n匝的线圈连接，线圈置于方向竖直向上的均匀变化的磁场中．两板间放一台小压力传感器，压力传感器上表面绝缘，在其上表面静止放置一个质量为m、电量为+q的小球．电键K闭合前传感器上有示数，电键K闭合后传感器上的示数变为原来的一半．则线圈中磁场的变化情况和磁通量变化率分别是（）A．正在增强，=B．正在增强，=C．正在减弱，=D．正在减弱，=【答案】B【解析】线圈置于方向竖直向上的均匀变化的磁场中，根据法拉第电磁感应定律E=n，会产生稳定的电动势．当电键断开时，小球受重力和支持力平衡，当电键闭合时，支持力变为原来的一半，可知，小球受到向上的电场力，根据小球的平衡可求出磁通量的变化率以及磁场的变化．解：电键闭合时，qE+N=mg，N=mg，所以E=，E==n．所以=．小球带正电，知上极板带负电，根据楞次定律，磁场正在增强．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律E=n，以及会用楞次定律判端电动势的方向．6.（2015•绵阳模拟）“儿童蹦极”中，拴在腰间左右两侧的是悬点等高、完全相同的两根橡皮绳．质量为m的小明如图所示静止悬挂时，两橡皮绳的夹角为60°，则（）A．每根橡皮绳的拉力为mgB．若将悬点间距离变小，则每根橡皮绳所受拉力将变小C．若此时小明左侧橡皮绳在腰间断裂，则小明此时加速度a=gD．若拴在腰间左右两侧的是悬点等高、完全相同的两根轻绳，则小明左侧轻绳在腰间断裂时，小明的加速度a=g【答案】B【解析】根据共点力平衡求出每根绳的拉力，根据平行四边形定则判断悬点间距变化时绳子拉力的变化．当左侧绳子断裂，抓住合力沿垂直绳子方向求出合力的大小，从而得出加速度的大小．解：A、根据平行四边形定则知，2Fcos30°=mg，解得F=．故A错误．B、根据共点力平衡得，2Fcosθ=mg，当悬点间的距离变小，则θ变小，cosθ变大，可知悬绳的拉力变小．故B正确．C、当左侧橡皮绳断裂，断裂的瞬间，右侧弹性绳的拉力不变，则重力和右侧绳拉力的合力与左侧绳初始时拉力大小相等，方向相反，根据平行四边形定则知，则合力大小为，加速度为．故C、D错误．故选：B．点评：本题关键是对小明受力分析后，根据三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线来确定撤去一个力后的合力，再根据牛顿第二定律求解加速度7.（2015•浙江模拟）如图甲所示，abcd是位于竖直平面内的正方形闭合金属线框，金属线框的质量为m，电阻为R．在金属线框的下方有一匀强磁场区域，MN和PQ是匀强磁场区域的水平边界，并与线框的bc边平行，磁场方向垂直于线框平面向里．现使金属线框从MN上方某一高度处由静止开始下落，如图乙是金属线框由开始下落到bc刚好运动到匀强磁场PQ边界的v﹣t 图象，图中数据均为已知量．重力加速度为g，不计空气阻力．下列说法正确的是（）A．金属线框刚进人磁场时感应电流方向沿adcba方向B．磁场的磁感应强度为C．金属线框在0一t3的时间内所产生的热量为mgv1（t2﹣t1）D．MN和PQ之间的距离为v1（t2﹣t1）【答案】BC【解析】本题应抓住：（1）根据楞次定律判断感应电流的方向；（2）由图知，金属线框进入磁场做匀速直线运动，重力和安培力平衡，可求出B．（3）由能量守恒定律求出热量．（4）由图象可知，金属框进入磁场过程中是做匀速直线运动，根据时间和速度求解金属框的边长和MN和PQ之间的距离；解：A、金属线框刚进入磁场时，根据楞次定律判断可知，感应电流方向沿abcda方向．故A错误．B、在金属框进入磁场的过程中，金属框所受安培力等于重力：mg=BIl又l=v1（t2﹣t1）．联立解得：．故B正确．C、金属框在进入磁场过程中金属框产生的热为Q1，重力对其做正功，安培力对其做负功，由能量守恒定律得：Q1=mgl=mgv1（t2﹣t1）金属框在磁场中的运动过程中金属框不产生感应电流，所以金属线框在0一t3的时间内所产生的热量为mgv1（t2﹣t1）．故C正确．D、由图象可知，金属框进入磁场过程中是做匀速直线运动，速度为v1，运动时间为t2﹣t1所以金属框的边长：l=v1（t2﹣t1）．MN和PQ之间的距离要大于金属框的边长．故D错误．故选：BC．点评：本题电磁感应与力学知识简单的综合，培养识别、理解图象的能力和分析、解决综合题的能力．8.（2014•扬州模拟）如图中，电荷的速度方向、磁场方向和电荷的受力方向之间关系正确的是（）A．B．C．D．【答案】A【解析】带电粒子在磁场中运动时，所受洛伦兹力方向由左手定则进行判断，伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内，让磁感线进入手心，并使四指指向正电荷运动方向或者负电荷运动的反方向，这时拇指所指的方向就是运动电荷在磁场中所受洛伦兹力的方向．解：根据左手定则可知：A图中负电荷的洛伦兹力方向应该向下，故A正确；B图中负电荷的洛伦兹力的方向应该向上，故B错误；C图中电荷运动方向与磁场方向在一条线上，不受洛伦兹力，故C错误；D图中电荷运动方向与磁场方向在一条线上，不受洛伦兹力，故D错误．故选：A．点评：带电粒子在磁场中运动受洛伦兹力的条件以及左手定则的熟练应用是对学生的基本要求，要熟练掌握．9.（2014•新余二模）如图所示，空间有一垂直纸面的磁感应强度为0.5T的匀强磁场，一质量为0.2kg且足够长的绝缘木板静止在光滑水平面上，在木板左端无初速放置一质量为0.1kg、电荷量q=+0.2C的滑块，滑块与绝缘木板之间动摩擦因数为0.5，滑块受到的最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力．t=0时对木板施加方向水平向左，大小为0.6N恒力，g取10m/s2．则（）A．木板和滑块一直做加速度为2m/s2的匀加速运动B．滑块开始做加速度减小的变加速运动，最后做速度为10m/s匀速运动C．木板先做加速度为2m/s2匀加速运动，再做加速度增大的运动，最后做加速度为3m/s2的匀加速运动D．t=5s后滑块和木板开始有相对运动【答案】BC【解析】先求出木块静摩擦力能提供的最大加速度，再根据牛顿第二定律判断当0.6N的恒力作用于木板时，系统一起运动的加速度，当滑块获得向左运动的速度以后又产生一个方向向上的洛伦兹力，当洛伦兹力等于重力时滑块与木板之间的弹力为零，此时摩擦力等于零，此后物块做匀速运动，木板做匀加速直线运动．解：ABC、由于动摩擦因数为0.5，静摩擦力能提供的最大加速度为5m/s2，所以当0.6N的恒力作用于木板时，系统一起以a=的加速度一起运动，当滑块获得向左运动的速度以后又产生一个方向向上的洛伦兹力，滑块开始做加速度减小的变加速运动，木板做加速度增大的加速运动；当洛伦兹力等于重力时滑块与木板之间的弹力为零，此时Bqv=mg，解得：v=10m/s，此时摩擦力消失，滑块做匀速运动，而木板在恒力作用下做匀加速运动，a=．故A错误，BC正确．D、滑块开始一起做a=2m/s2加速直线运动，当滑块获得向左运动的速度以后又产生一个方向向上的洛伦兹力，滑块开始做加速度减小的变加速运动，所以速度增大到10m/s所用的时间大于5s．故D错误．故选：BC．点评：本题主要考查了牛顿第二定律的直接应用，要求同学们能正确分析木板和滑块的受力情况，进而判断运动情况．10.（2014•开封二模）质量为m的导体棒ab置于光滑圆弧形金属导轨上，导轨下端接有电源，如图所示．磁场方向为下列哪一种情况时能使导体棒静止在导轨上（）A．沿ab方向B．沿ba方向C．竖直向下D．竖直向上【答案】C【解析】对导体棒进行受力分析，然后由平衡条件判断出安培力的方向，最后由左手定则判断磁场的方向．解：导体棒受重力G、支持力F与安培力FB作用，重力G与支持力F的合力为F合，导体棒静止，处于平衡状态，由平衡条件可知，安培力FB 与F合重力等大反向，安培力水平向里，由图示可知，ab棒中的电流由a指向b，由左手定则可知，磁场竖直向下；故选C．点评：对导体棒正确受力分析、正确应用左手定则即可正确解题．11.（2014•肇庆二模）质量为m的通电细杆置于倾角为θ的导轨上，导轨的宽度为d，杆与导轨间的动摩擦因数为μ，有电流通过杆，杆恰好静止于导轨上．如图所示的A、B、C、D四个图中，杆与导轨间的摩擦力一定不为零的是（）A. B. C. D.【答案】CD【解析】通过受力分析，根据杆子所处的状态为平衡状态，合力为0，去判断是否有摩擦力．解：A、杆子受重力、支持力，水平向右的安培力，可知，杆子可能受摩擦力，也可能不受．故A错误．B、若杆子受的重力与所受的竖直向上的安培力相等，杆子不受摩擦力．若重力大于安培力，则受重力、支持力，安培力、摩擦力．所以杆子可能受摩擦力，可能不受摩擦力．故B错误．C、杆子受重力、竖直向下的安培力、支持力，若要处于平衡，一定受摩擦力．故C正确．D、杆子受重力水平向左的安培力、支持力，若要处于平衡，一定受摩擦力．故D正确．故选CD．点评：解决本题的关键会正确地进行受力分析，能够根据受力平衡判断摩擦力的存在．12.（2014•乌鲁木齐模拟）如图所示，匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里．长度为L的导体中通有恒定电流，电流大小为I．当导体垂直于磁场方向放置时，导体受到的安培力大小为BIL．若将导体在纸面内顺时针转过30°角，导体受到的安培力大小为（）A．B．BIL C．D．2BIL【答案】B【解析】根据左手定则，让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是导线受的安培力的方向．根据左手定则来判断如何增加安培力的大小即可．解：当导体垂直于磁场方向放置时，导体受到的安培力大小为BIL．当转过30°，导体棒还垂直于磁场，故此时受到的安培力还是BIL，故B正确故选：B点评：本题是安培力的分析和计算问题．安培力大小的一般计算公式是F=BILsinα，α是导体与磁场的夹角，当B、I、L互相垂直的时候安培力最大为F=BIL．13.（2014•汕头模拟）如图，是磁电式电流表的结构，蹄形磁铁和铁芯间的磁场是均匀地辐向分布，线圈中a、b两条导线长均为l，通以图示方向的电流I，两条导线所在处的磁感应强度大小均为B．则（）A.该磁场是匀强磁场B.线圈平面总与磁场方向垂直C.线圈将逆时针方向转动D.a、b导线受到的安培力大小总为IlB【答案】D【解析】利用图示的装置分析出其制成原理，即通电线圈在磁场中受力转动，线圈的转动可以带动指针的偏转；由左手定则来确定安培力的方向可确定转动方向．解：A、该磁场明显不是匀强磁场，匀强磁场应该是一系列平行的磁感线，方向相同，故A错误．B、由图可知，线圈平面总与磁场方向平行，故B错误．C、由左手定则可知，a受到的安培力向上，b受到的安培力向下，故线圈顺时针旋转，故C错误．D、a、b导线始终与磁感线垂直，故受到的安培力大小总为IlB，故D正确．故选：D．点评：在学过的测量工具或设备中，每个工具或设备都有自己的制成原理；对不同测量工具的制成原理，是一个热点题型，需要重点掌握．14.（2014•虹口区一模）已知通电长直导线周围某点的磁感应强度，即磁感应强度B与导线中的电流I成正比、与该点到导线的距离r成反比．如图所示，两根平行长直导线相距为R，通以大小、方向均相同的电流．规定磁场方向垂直纸面向里为正，在0﹣R区间内磁感应强度B随x变化的图线可能是（）A．B．C．D．【答案】C【解析】通电导线周围有磁场存在，磁场除大小之外还有方向，所以合磁场通过矢量叠加来处理．根据右手螺旋定则可得知电流方向与磁场方向的关系．解：根据右手螺旋定则可得左边通电导线在两根导线之间的磁场方向垂直纸面向里，右边通电导线在两根导线之间的磁场方向垂直纸面向外，离导线越远磁场越弱，在两根导线中间位置磁场为零．由于规定B的正方向垂直纸面向里，所以C正确，ABD错误；故选：C点评：由于电流大小相等，方向相同，所以两根连线的中点磁场刚好为零，从中点向两边移动磁场越来越强，左边的磁场垂直纸面向里，右边的磁场垂直纸面向外．15.（2013•普陀区一模）下列关于奥斯特实验的说法中正确的是（）A．该实验必须放在地球赤道上进行B．通电直导线必须竖直放置C．通电直导线应该水平东西方向放置D．通电直导线应该水平南北方向放置【答案】D【解析】奥斯特实验证明电流的磁效应，即得出电流的周围存在磁场，地磁场的方向是南北方向，使得电流的磁场不受地磁场的干扰，根据右手螺旋定则确定导线的放置位置．解：因为地磁场的方向为南北方向，所以小磁针的方向静止时指向南北，在证明电流周围存在磁场，不受地磁场的干扰，应将导线水平南北放置，根据右手螺旋定则，在导线的下方产生东西方向的磁场，使得小磁针发生偏转，从而证明电流的磁效应．故D正确，A、B、C错误．故选D．点评：解决本题的关键知道地磁场的方向特点，以及掌握右手螺旋定则．16.（2013•昆明模拟）已知长直通电导线在其周围某点产生磁场的磁感应强度与该导线中的电流成正比，与该点到导线的距离成反比．如图所示，a、b、c、d四根长直通电导体棒平行放置，它们的横截面构成一个正方形，O为正方形中心，a、b、d中电流方向垂直纸面向里，c中电流方向垂直纸面向外，电流大小满足：Ia =Ic=Id＜Ib，则关于a、b、c、d长直通电导线在O点产生合磁场的方向可能是（）A．由0点指向aob区域B．由0点指向boc区域C．由O点指向cod区域D．由O点指向aod区域【答案】D【解析】根据等距下电流所产生的B的大小与电流成正比，得出各电流在O点所产生的B的大小关系，由安培定则确定出方向，再利用矢量合成法则求得B的合矢量的大约方和向．解：假设Ia =Ic=Id=Ib，则根据矢量的合成法则，可知，b、d两棒产生的磁场为零，则由a、c两棒产生的磁场方向，由右手螺旋定则可知，o指向d；而如今，Ia =Ic=Id＜Ib，则由a、c两棒产生的磁场方向，由右手螺旋定则可知，o指向d；而根据矢量的合成法则可知，b、d两棒产生的磁场方向：o指向a；所以再由矢量合成法则可知，a 、b 、c 、d 长直通电导线在O 点产生合磁场的方向：由O 点指向aod 区域，故D 正确，ABC 错误；故选：D点评：考查磁感应强度B 的矢量合成法则，会进行B 的合成．17. （2013•温州一模）如图，一条形磁铁静止在固定斜面上，上端为N 极，下端为S 极，其一条磁感线如图，垂直于纸面方向有两根完全相同的固定导线，它们与磁铁两端的连线都与斜面垂直且长度相等（如图中虚线所示）．开始两根导线未通电流，斜面对磁铁的弹力、摩擦力的大小分别为F N 、F f ，后来两根导线以图示方向大小相同的电流后，磁铁仍然静止，则与未通电时相比（）A ．F N 、F f 均变大B ．F N 不变，F f 变小C ．F N 变大，F f 不变D ．F N 变小，F f 不变【答案】D【解析】通电导线处于磁场中要受到安培力作用，根据左手定则可确定出电流方向、磁场方向与安培力方向的关系．而磁铁的磁感线是从N 极向S 极．解：根据条形磁铁的磁感线的分布，结合左手定则，则可分别确定通电导线的安培力的方向，再由牛顿第三定律来得出条形磁铁的受到的安培力方向，最后根据力的合成从而确定得出，条形磁铁的摩擦力没有变化，而支持力却减小．故D 正确，ABC 错误；故选：D点评：由磁铁的磁感线的分布来确定通电导线的磁场方向，再由安培定则来确定安培力的方向，最后由牛顿第三定律来确定力的关系．若通电导线在磁铁的偏一边，则会出现摩擦力作用．18. （2012•永嘉县模拟）下列实验现象，属于反映电流能产生磁场的现象是（） A ．导线通电后，其下方的小磁针偏转 B ．通电导线AB 在磁场中运动 C ．金属杆切断磁感线时，电流表指针偏转 D ．通电线圈在磁场中转动【答案】A【解析】根据图示实验装置及实验现象，分析各实验的原理，然后答题．解：A 、导线通电后，其下方的小磁针偏转，表明通电导线产生磁场，小磁针在磁场作用下偏转，故A 正确；B 、通电导线AB 在磁场中受到安培力作用而运动，不属于电流产生磁场的现象，故B 错误；C 、金属杆切断磁感线时，在闭合电路中产生感应电流，电流表指针偏转，这是电磁感应现象，故C 错误；D 、通电线圈在磁场中受到安培力而转动，不属于电流产生磁场的现象，故D 错误；故选A ．点评：分析图示实验装置及现象，知道各实验的实验原理是正确解题的关键．19.下列电学元件中不是利用电流热效应进行工作的是（）A．电容器B．保险丝C．电烤箱D．电饭煲【答案】A【解析】利用电流热效应就是通电后发热，利用热量进行工作．电容器的工作原理是充放电；保险丝工作原理即电流过大时，产生的热量较大，保险丝熔断，保护电路；电烤箱、电饭煲都是利用电流产生热量来进行工作．解：电容器的工作原理是充放电；保险丝工作原理即电流过大时，产生的热量较大，保险丝熔断，保护电路；电烤箱、电饭煲都是利用电流产生热量来进行工作．可见利用电流热效应工作的是保险丝、电烤箱、电饭煲．电容器不是利用电流的热效应工作．故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键知道利用电流热效应就是通电后发热，利用热量进行工作．知道生活中利用电流热效应工作的电器．20.下列定律或定则中，用来描述能量的是（）A．库仑定律B．焦耳定律C．右手螺旋定则D．闭合电路的欧姆定律【答案】B【解析】库仑定律是描述电荷间相互作用力的；焦耳定律是定量说明传导电流将电能转换为热能的定律；右手螺旋定则是表示电流和电流激发磁场的磁感线方向间关系的定则；闭合电路的欧姆定律说明电压，电流电阻之间的关系；解：A、库仑定律是描述电荷间相互作用力的，故A错误；B、焦耳定律是定量说明传导电流将电能转换为热能的定律，故B正确；C、右手螺旋定则是表示电流和电流激发磁场的磁感线方向间关系的定则，故C错误；D、闭合电路的欧姆定律说明电压，电流电阻之间的关系，故D错误；故选：B点评：本题主要考查了定律和定则的含义及其物理意义，抓住各个定律或定则的内容；21.下列电器在工作时，主要利用电流热效应的是（）A．电热毯B．收音机C．电话机D．电磁炉【答案】AD【解析】电流通过导体发热的现象，叫做电流的热效应，根据家用电器的工作原理进行分析．解：A、电热毯是利用电流的热效应工作的，故A正确．B、收音机是利用电磁感应的原理，不是利用热效应工作的，故B错误．C、电话机是利用电磁感应的原理，不是利用热效应工作的，故C错误．D、电磁炉是通过涡流产生热效应工作的，故D正确．故选：AD．点评：本题考查对家用电器基本原理的了解情况，基础题．22.通过电阻R的电流强度为I时，在t时间内产生的热量为Q，若电阻为2R，电流强度为，则在时间t内产生的热量为（）A．4Q B．2Q C．D．【答案】C【解析】根据Q=I2Rt去求电阻变为2R，电流强度变为，在时间t内产生的热量．。

安徽高一下学期期末物理试卷(附参考答案与解析)

安徽高一下学期期末物理试卷（附参考答案与解析)学校:___________班级：___________姓名：__________考号：__________一、单选题1．如图所示，劲度系数为k 的轻质弹簧左端固定在粗糙水平地面上的竖直杆上，右端连接一质量为m 的小滑块，以O 为坐标原点，水平向右为正方向建立x 轴，将滑块向右拉到坐标为3x 的位置由静止释放，小滑块向左运动到坐标为2x 处速度最大，继续向左，最远能运动到坐标为1x 的位置，然后返回。

下列判断正确的是（）A ．弹簧的原长为2xB ．小滑块在1x 和2x 位置加速度大小相等C ．弹簧在1x 位置的弹性势能可能等于3x 位置的弹性势能D ．小滑块在3x 位置的加速度一定大于在1x 点即将返回时的加速度2．从空中以40m/s 的初速度平抛一重为10N 的物体。

物体在空中运动4s 落地，不计空气阻力，取g =10m/s 2，则物体落地瞬间，重力的瞬时功率为（）A ．300WB ．400 WC ．500WD ．700W3．如图，竖直平面内有一半圆形轨道，A 、B 为水平直径的两个端点，现将可视为质点的小球从A 点以不同的初速度0v 沿AB 方向向右抛出，小球落在半圆形轨道上。

不计空气阻力，下列说法正确的是（）A ．落在半圆形轨道上的不同点，飞行时间一定不同B ．落在半圆形轨道上的不同点，重力的瞬时功率一定不同C．可能落在半圆形轨道上某一点，速度方向与轨道垂直D．落在半圆形轨道上的不同点，重力做的功可能相同4．某同学通过对物理的学习，已初步形成了物质观、运动和相互作用观、能量观，下列是他关于动能、动量、冲量的认识，其中正确的是（）A．物体的动量发生变化，物体的动能可能不变B．若物体的动能不变，则动量一定也不变C．内力的冲量也能改变系统的总动量D．物体所受合外力越大，它的动量变化就越大5．2022年10月12日，“天宫课堂”第三课开讲，神舟十四号飞行乘组航天员陈冬、刘洋、蔡旭哲现场展示失重环境物理现象。

高一物理试卷带答案解析

高一物理试卷带答案解析考试范围：xxx；考试时间：xxx分钟；出题人：xxx姓名：___________班级：___________考号：___________1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上一、选择题沿水平面开始运动，起始点A与轻弹簧自由端O距离为s，物体与水平面间1.如图所示，轻弹簧一端固定在挡板上。

质量为m的物体以初速度v的动摩擦因数为μ，物体与弹簧相碰后，弹簧的最大压缩量为x，则弹簧被压缩最短时，弹簧具有的弹性势能为（）2－μmgxA．mvB．μmgs2－μmg（s+x）C．mvD．μmg（s+x）2.关于曲线运动以下说法中正确的是（）A．做曲线运动的物体所受合外力一定不为零B．合外力不为零的运动一定是曲线运动C．曲线运动的速度大小一定是变化的D．曲线运动的速度方向一定是变化的3.一质点在半径为R的圆周上从A处沿顺时针运动到B处，路程、位移大小分别是A．、B．、RC．R、RD．R、4.如图所示，细杆上固定两个小球a和b，杆绕0点做匀速转动．下列说法正确的是（）A．a、b两球角速度相等B．a、b两球线速度相等C．a球的线速度比b球的大D．a球的角速度比b球的大5.下面关于瞬时速度和平均速度的说法正确的是（）A．若物体在某段时间内每时刻的瞬时速度都等于零，则它在这段时间内的平均速度一定等于零B．若物体在某段时间内的平均速度等于零，则它在这段时间内任一时刻的瞬时速度一定等于零C．平均速度就是速度的平均值D．平均速度的方向与瞬时速度的方向一致6.两辆汽车在同一水平路面上行驶．它们的质量之比为1：2．动能之比为2：1．设两车与路面的动摩擦因数相等．当两车紧急刹车后，两车滑行的最大距离之比为（）A．1：2 B．1：1 C．2：1 D．4：17.伽利略对自由落体运动的研究，是科学实验和逻辑思维的完美结合，如图所示，可大致表示其实验和思维的过程，对这一过程的分析，下列说法正确的是（）A．其中的甲图是实验现象，乙、丙、丁图是经过合理的外推得到的结论B．其中的丁图是实验现象，甲图是经过合理的外推得到的结论C．运用甲图的实验，可“冲淡”重力的作用，使实验现象更明显D．运用丁图的实验，可“放大”重力的作用，使实验现象更明显8.如图所示，物体以5 m/s的初速度沿光滑的斜面向上做减速运动，经4 s滑回原处时速度大小仍为5 m/s，则物体的加速度为 ( )A．10 m/s2，方向沿斜面向下B．0C．2.5 m/s2，方向沿斜面向下D．5 m/s2，方向沿斜面向下9.飞机俯冲拉起时，飞行员处于超重状态，此时座位对飞行员的支持力大于所受的重力，这种现象叫过荷。

高一物理弹力试题答案及解析

高一物理弹力试题答案及解析1.放在水平地面上的砖块与地面的受力，下列分析正确的是A．砖块受到的支持力是砖块发生了形变B．地面受到的压力是砖块发生了形变C．砖块受到的支持力与地面受到的压力作用效果可以抵消D．砖块受到的重力就是地面受到的压力【答案】B【解析】砖块受到的支持力是因为地面发生形变，对砖产生向上的支持力，A错误；而地面受到的压力是由砖块发生形变对地面产生向下的弹力，B正确；砖块受到的支持力作用在砖上，而地面受到的压力的作用点在地面上，两个力是作用力与反作用力，不能相互抵消，C错误；砖块受到的重力是由于地球的吸引力而产生的，是重力，方向竖直向下，而砖对地面的压力是由于砖发生形变对地面产生的，是弹力，方向垂直于接触面，两个力的性质不同，方向也不一定相同，D 错误。

【考点】牛顿第三定律，力的性质2.在动摩擦因数μ=0．2的水平面上有一个质量为m=1kg的小球，小球与水平轻弹簧及与竖直方向成θ=45o角的不可伸长的轻绳一端相连，如图所示，此时小球处于静止平衡状态，且水平面对小球的弹力恰好为零，当剪断轻绳的瞬间，取g=10m/s2，则：此时轻弹簧的弹力大小，小球的加速度大小【答案】10N,8m/s2【解析】分析小球受力可知，小球受重力、绳子的拉力、弹簧的弹力三个力而平衡，有平衡条件知：弹簧的弹力T="mg=10N," 剪断轻绳的瞬间,弹簧的弹力不变，有向左的趋势，受到摩擦力的作用，由牛顿第二定律得：，代人数据得a=8m/s2【考点】本题考查了应用牛顿第二定律解决瞬时值问题3.人们在日常生产中已经体会到，用金属制成的线材(如钢丝、钢筋)受到拉力会伸长．其实，早在17世纪英国物理学家胡克就发现，金属丝或金属杆在弹性限度内的伸长与拉力成正比，这就是著名的胡克定律．这一发现为后人对材料的研究奠定了重要基础．现有一根用新材料制成的金属杆，长为4 m，横截面积为0.8 cm2，设计要求它受到拉力后的伸长量不超过原长的，选用同种材料制成样品进行测试，通过测试取得数据如下：长度L拉力F伸长x横截面S250 N500 N750 N1000 N4 m0.20 cm20.04 cm0.08 cm0.12 cm0.16 cm(1)请根据测试结果，推导出伸长量x与材料的长度L、材料的横截面积S及拉力F之间的函数关系．(形式为x＝________)(2)通过对样品的测试，求出现有金属杆在不超过设计要求伸长量前提下能承受的最大拉力．(写出过程)(3)在表中把有明显误差的数据圈出来．【答案】(1) x＝k·，其中k＝8×10－12m2/N (2) 104 N (3)有明显误差的数据是(3 m,1000 N)时的0.46 cm，应为0.48 cm；(4 m,750 N)时的0.22 cm，应为0.24 cm.【解析】(1)根据测试结果，可推导关系x＝k·，其中k＝8×10－12m2/N；(2)设计要求材料受到拉力后的伸长量不超过原长的，所以现有金属杆最大伸长量xm＝＝0.4 cm；由(1)中公式得，现有金属杆在不超过设计要求伸长量前提下能承受的最大拉力Fm＝，代入数据解得Fm＝104N；(3)有明显误差的数据是(3 m,1000N)时的0.46 cm，应为0.48 cm；(4 m,750N)时的0.22 cm，应为0.24 cm.4.关于相互接触的两个物体之间的弹力和摩擦力，以下说法中正确的是（）A．有弹力必有摩擦力B．有摩擦力必有弹力C．摩擦力的大小一定与弹力大小成正比D．以上说法都不正确【答案】B【解析】有弹力不一定有摩擦力，因为物体之间不一定粗糙也不一定有相对运动或相对运动趋势，故A错误；有摩擦力物体之间一定有挤压，因此一定有弹力，故B正确；静摩擦力大小和弹力无关，滑动摩擦力和弹力成正比；故C错误；选项B正确，故D错误；【考点】本题考查弹力与磨擦力产生的条件.5.如图所示，劲度系数为K2的轻质弹簧，竖直放在桌面上，上面压一质量为m的物块，劲度系数为K1的轻质弹簧竖直地放在物块上面，其下端与物块上表面连接在一起，现想使物块在静止时，下面弹簧承受物重的2/3，应将上面弹簧的上端A竖直向上提高的距离。