四川省雅安市2019届高三第三次诊断考试文科综合试题(扫描版)
2019年四川省雅安市高考数学三诊试卷(文科)-(解析版)
2019年四川省雅安市高考数学三诊试卷（文科）一、选择题（本大题共12小题，共60.0分）1.已知集合A={x|-3＜x＜3}，B={x|x-2＜0}，则A∩B=（）A. B. C. D.2.当m＜1时，复数z=2+（m-1）i在复平面上对应的点位于（）A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限3.函数y=cos（2x+）的图象的对称轴方程可能是（）A. B. C. D.4.已知向量=（1，），=（3，m），若向量 ⊥，则实数m=（）A. B. C. 0 D.5.直线l：y=x+b与抛物线C：x2=4y相切，则实数b=（）A. B. 0 C. 1 D. 26.某三棱锥的三视图如图所示，则该三棱锥的表面积是（）A. B. C. D. 57.若变量x，y满足约束条件，则x-2y的最大值是（）A. B. 0 C. 3 D. 48.在区间（0，6）中任取一个实数a，使函数f（x）=，在R上是增函数的概率为（）A. B. C. D.9.设△ABC的三边长分别为a，b，c，△ABC的面积为S，则△ABC的内切圆半径为r=．将此结论类比到空间四面体：设四面体S-ABC的四个面的面积分别为S1，S2，S3，S4，体积为V，则四面体的内切球半径为r=（）A.B.C.D.10.若执行如图的程序框图，输出S的值为5，则判断框中应填入的条件是（）A. ？B. ？C. ？D. ？11.已知函数f（x）=2ef′（e）ln x-（e是自然对数的底数），则f（x）的极大值为（）A.B.C.1D.12.已知点F1（-1，0），F2（1，0），直线l：y=x+2．若以F1、F2为焦点的椭圆C与直线l有公共点，则椭圆C的离心率最大值为（）A. B. C. D.二、填空题（本大题共4小题，共20.0分）13.直线x-y+3=0的倾斜角为______．14.设f（x）是周期为2的奇函数，当0≤x≤1时，f（x）=2x（1-x），f（-）=______．15.已知正三棱锥P-ABC，点P，A，B，C都在半径为的球面上，若PA，PB，PC两两垂直，则球心到截面ABC的距离为______．16.△ABC的内角A，B，C的对边长分别为a，b，c，设S为△ABC的面积，满足S=（a2+c2-b2），b=，则（-1）a+2c的取值范围是______．三、解答题（本大题共7小题，共82.0分）17.已知数列{a n}是等差数列，且满足：a1+a2+a3=6，a5=5．数列{b n}满足：b n=a n+2（n∈N+）．（1）求a n；（2）求数列{b n}的前n项和T n．18.某市食品药品监督管理局开展2019年春季校园餐饮安全检查，对本市的8所中学食堂进行了原料采购加工标准和卫生标准的检查和评分，其评分情况如表所示：（1）已知x与y之间具有线性相关关系，求y关于x的线性回归方程；（精确到0.1）（2）现从8个被检查的中学食堂中任意抽取两个组成一组，若两个中学食堂的原料采购加工标准和卫生标准的评分均超过80分，则组成“对比标兵食堂”，求该组被评为“对比标兵食堂”的概率．参考公式：=，=-；参考数据：x i y i=54112，x i2=56168．19.如图①，在五边形BCDAE中，CD∥AB，∠BCD=90°，CD=BC=1，AB=2，△ABE是以AB为斜边的等腰直角三角形．现将△ABE沿AB折起，使平面ABE⊥平面ABCD，如图②，记线段AB的中点为O．（1）求证：平面ABE⊥平面EOD；（2）求几何体O-CDE的体积．20.过点C（0，1）的椭圆＞＞的离心率为，椭圆与x轴交于两点A（a，0）、B（-a，0），过点C的直线l与椭圆交于另一点D，并与x轴交于点P，直线AC与直线BD交于点Q．（1）求椭圆的方程；（2）当直线l过椭圆右焦点时，求线段CD的长；（3）当点P异于点B时，求证：为定值．21.设函数f（x）=x-a ln x，其中e为自然对数的底数．（1）若a=1，求f（x）的单调区间；（2）若g（x）=f（x）-x+e x-1，0≤a≤e，求证：f（x）无零点．22.在平面直角坐标系xOy中，椭圆C的参数方程为（φ为参数）以坐标原点为极点，x轴的正半轴为极轴建立极坐标系，直线l的极坐标方程为ρcosθ+ρsinθ=1（1）求椭圆C的极坐标方程和直线l的参数方程；（2）若点P的极坐标为（1，），直线l与椭圆C交于A，B两点，求|PA|+|PB|的值．23.已知不等式x+|x-a|≥1的解集为R．（1）求a的取值范围；（2）当a取得最小值时，请画出f（x）=x+|x-a|的图象．答案和解析1.【答案】B【解析】解：B={x|x＜2}；∴A∩B=（-3，2）．故选：B．可求出集合B，然后进行交集的运算即可．考查描述法、区间的定义，以及交集的运算．2.【答案】D【解析】解：m＜1所以m-1＜0，复数z=2+（m-1）i在复平面上对应的点位于第四象限．故选：D．由题意推出m-1＜0，易得复数z在复平面上对应的点位于的象限．本题考查复数的基本概念，考查计算能力，是基础题．3.【答案】B【解析】解：∵y=cosx的对称轴方程为x=kπ，∴函数y=cos（2x）中，令2x=kπ，⇒x，k∈Z即为其对称轴方程．上面四个选项中只有符合．故选：B．直接利用余弦函数的性质的应用求出结果．本题主要考查余弦函数的对称性以及整体代入思想的应用．解决这类问题的关键在于牢记常见函数的性质并加以应用．4.【答案】D【解析】解：∵；∴；∴．故选：D．根据即可得出，进行数量积的坐标运算即可求出m．考查向量垂直的充要条件，以及向量数量积的坐标运算．5.【答案】A【解析】解：联立．化为x2-4x-4b=0．∵直线l与抛物线C相切，∴△=（-4）2-4×（-4b）=0，解得b=-1，故选：A．把直线l与抛物线C的方程联立，利用判别式△=0即可得出．本题考查了直线与抛物线的位置关系，考查了将方程联立利用△=0解决问题的方法，属于基础题．6.【答案】C【解析】解：根据三视图可判断直观图为：OA⊥面ABC，AC=AB，E为BC中点，EA=2，EC=EB=1，OA=1，∴可得AE⊥BC，BC⊥OA，由直线与平面垂直的判定定理得：BC⊥面AEO，AC=，OE=∴S△ABC =2×2=2，S△OAC=S△OAB=×1=．S△BCO =2×=．故该三棱锥的表面积是2，故选：C．根据三视图可判断直观图为：OA⊥面ABC，AC=AB，E为BC中点，EA=2，EA=EB=1，OA=1，：BC⊥面AEO，AC=，OE=判断几何体的各个面的特点，计算边长，求解面积．本题考查了空间几何体的三视图的运用，空间想象能力，计算能力，关键是恢复直观图，得出几何体的性质．7.【答案】D【解析】解：作出不等式组表示的平面区域，如图所示：由z=x-2y可得y=x-z，则-表示直线y=x-z在y轴上的截距，且截距越小，z越大，结合图象可知，当z=x-2y经过点A时，z最大，由，可得A（2，-1），此时z=4．故选：D．作出不等式组对应的区域，由目标函数的几何意义求出z=x-2y的最大值．本题考查线性规划，是线性规划中求最值的常规题型．其步骤是作图，找点，求最值．8.【答案】A【解析】解：∵函数f（x）=，在R上是增函数，∴，解得1＜a≤2，∴由几何概型得从区间（0，6）中任取一个值a，则函数f（x）是增函数的概率为p==．故选：A．由函数f（x）=，在R是增函数，解得1＜a≤2，由此利用几何概型能求出所求的概率．本题考查概率的求法，考查几何概型及分段函数单调性的应用，几何概型概率的值是常常通过长度、面积、或者体积的比值得到，本题属于中档题．9.【答案】C【解析】解：设△ABC的三边长分别为a，b，c，△ABC的面积为S，则△ABC的内切圆半径为r=．设四面体S-ABC的四个面的面积分别为S1，S2，S3，S4，体积为V，设四面体的内切球的球心为O，则球心O到四个面的距离都是r，所以四面体的体积等于以O为顶点，分别以四个面为底面的4个三棱锥体积的和．则四面体的体积为：V=（S1+S2+S3+S4）r，∴r=．故选：C．设四面体的内切球的球心为O，则球心O到四个面的距离都是r，所以四面体的体积等于以O 为顶点，分别以四个面为底面的4个三棱锥体积的和．从而四面体的体积为：V=（S1+S2+S3+S4）r，由此能求出四面体的内切球半径．本题考查四面体的内切球半径的求法，考查推理的性质等基础知识，考查运算求解能力、推理论证能力、归纳总结能力，是基础题．10.【答案】B【解析】解：程序的功能是计算S=log23•log34•log45…log k（k+1）=…==log2（k+1），由log2（k+1）=5，得k+1=32，则k=31，此时k=k+1=32，不满足条件输出S=5，即k≤31成立，k=32不成立，则条件为k＜32？故选：B．根据程序框图，理解程序框图功能，结合对数的运算法则进行计算即可．本题主要考查程序框图的识别和判断，理解程序框图以及结合对数的运算法则进行化简是解决本题的关键．11.【答案】D【解析】解：f′（x）=-，故f′（e）=，故f（x）=2lnx-，令f′（x）=-＞0，解得：0＜x＜2e，令f′（x）＜0，解得：x＞2e，故f（x）在（0，2e）递增，在（2e，+∞）递减，∴x=2e时，f（x）取得极大值2ln2，故选：D．求出f′（e）的值，求出函数f（x）的解析式，解关于导函数的不等式，求出函数的单调区间，从而求出函数的极大值即可．本题考查了函数的单调性、极值问题，考查导数的应用以及转化思想，求出f′（e）的值是解题的关键．12.【答案】A【解析】详解：椭圆C ：=1（a＞b＞0）的左右焦点分别是F1（-1，0），F2（1，0），可得c=1，则，可得：（a2+b2）x2+4a2x+4a2-a2b2=0，△=16a4-4（a2+b2）（4a2-a2b2）≥0，可得：4a2-（2a2-1）（5-a2）≥0，解得a，e=．故选：A．联立直线与椭圆方程，结合已知条件，通过判别式推出a的范围，即可得到椭圆C的离心率的最大值．本题考查椭圆的简单性质，直线与椭圆的位置关系的应用，考查计算能力．13.【答案】45°【解析】解：直线x-y+3=0的斜率为1；所以直线的倾斜角为45°．故答案为45°．求出直线的斜率，即可得到直线的倾斜角．本题考查直线的有关概念，直线的斜率与直线的倾斜角的关系，考查计算能力．14.【答案】【解析】解：∵f（x）是周期为2的奇函数，当0≤x≤1时，f（x）=2x（1-x），∴=f（-）=-f（）=-2×（1-）=-，故答案为：-．由题意得=f（-）=-f（），代入已知条件进行运算．本题考查函数的周期性和奇偶性的应用，以及求函数的值．15.【答案】【解析】解：∵正三棱锥P-ABC，PA，PB，PC两两垂直，∴此正三棱锥的外接球即以PA，PB，PC为三边的正方体的外接球O，∵球O的半径为，∴正方体的边长为2，即PA=PB=PC=2球心到截面ABC的距离即正方体中心到截面ABC的距离设P到截面ABC的距离为h，则正三棱锥P-ABC的体积V=S△ABC×h=S△PAB×PC=××2×2×2=△ABC为边长为2的正三角形，S△ABC =×∴h==∴正方体中心O到截面ABC的距离为-=故答案为先利用正三棱锥的特点，将球的内接三棱锥问题转化为球的内接正方体问题，从而将所求距离转化为正方体中，中心到截面的距离问题，利用等体积法可实现此计算本题主要考球的内接三棱锥和内接正方体间的关系及其相互转化，棱柱的几何特征，球的几何特征，点到面的距离问题的解决技巧，有一定难度，本题也可以运用法向量的投影解决，属中档题．16.【答案】（3-，2]【解析】解：∵S=acsinB，cosB=，S=（a2+c2-b2），∴acsinB=•2accosB，∴tanB=，又B∈（0，π），∴B=；又b=，△ABC的内角和A+B+C=π，又A＞0，C＞0，得0＜A ＜，由正弦定理，知a==2sinA，c==2sin（-A），∴（-1）a+2c=2（-1）sinA+4sin （-A）=2sinA+2cosA=2sin（A+）（0＜x ＜），∴＜A+＜，又sin=sin （+）=（-1），∴（-1）＜sin（A+）≤1，∴3-＜2sin（A+）≤2，故答案为：（3-，2]．利用三角形面积公式表示出S，利用余弦定理表示出cosB，可确定B，再利用正弦定理表示出a，c，代入已知等式中利用两角和与差的正弦函数公式化为一个角的正弦函数，根据正弦函数的性质确定出范围即可．本题考查了正弦、余弦定理，三角形面积公式，以及两角和与差的正弦函数公式的应用，熟练掌握定理及公式是解本题的关键，属于中档题．17.【答案】解：（1）∵a1+a2+a3=6，a5=5，∴ ，解得，∴a n=1+1×（n-1）=n．（2）∵b n=a n+2=n+2n，∴=．【解析】（1）根据等差数列的定义构成方程组，即可求{a n}的通项公式；（2）将a n代入{b n}中，利用分组求和法结合等差、等比数列的求和公式求解即可．本题主要考查等差数列的通项公式的求解，考查了等差、等比数列的求和公式的应用及分组求和法，考查计算能力，是中档题．18.【答案】解：（1）由题意，计算平均数得：=×（100+95+93+83+82+75+70+66）=83，=×（87+84+83+82+81+79+77+75）=81，则==≈0.3，=-=81-0.3×83=56.1；故所求的线性回归方程为：=0.3x+56.1；（2）从8个中学食堂中任选两个，共有共28种结果：12，13，14，15，16，17，18，23，24，25，26，27，28，34，35，36，37，38，45，46，47，48，56，57，58，67，68，78；其中原料采购加工标准的评分和卫生标准的评分均超过80分的有10种结果：12，13，14，15，23，24，25，34，35，45；所以该组被评为“对比标兵食堂”的概率为P==．【解析】（1）由题意计算、，求出回归系数，写出线性回归方程；（2）用列举法写出基本事件数，即可计算所求的概率值．本题考查了线性回归方程的求解，考查了利用列举法求古典概型的概率问题，是基础题．19.【答案】解：（1）因为AB=2CD，O是AB的中点，所以OB=CD，又CD∥AB，所以四边形OBCD为平行四边形，而∠BCD=90°，所以AB⊥OD，所以等腰直角三角形EAB中，OE⊥AB，而EO∩DO=O，所以AB⊥平面EOD，又AB⊂平面ABE，所以平面ABE⊥平面EOD；（2）因为平面ABE⊥平面ABCD，且平面ABE∩平面ABCD=AB，OE⊥AB，所以OE⊥平面ABCD，所以等腰直角三角形EAB，由AB=2，知OE=1，所以S△COD=CD•OD=×1×1=，所以V三棱锥O-CDE=V三棱锥E-COD=S△COD•OE=××1=．【解析】（1）推导出四边形OBCD为平行四边形，AB⊥OD，EO⊥AB，从而AB⊥平面EOD，由此能证明平面ABE⊥平面EOD；（2）推导出OE⊥平面ABCD，由V三棱锥O-CDE =V三棱锥E-COD，能求出结果．本题考查了面面垂直的判定定理与性质定理的应用问题，也考查了几何体的体积及直线与直线、直线与平面、平面与平面的位置关系应用问题，是中档题．20.【答案】解：（1）由已知得，，由a2=c2+b2=c2+1解得a=2，故椭圆方程为．…（3分）（2）椭圆的右焦点为，，此时直线l的方程为，代入椭圆方整理可得，，解得，，代入直线l的方程得，，所以，，故．…（6分）（3）当直线l与x轴垂直时与题意不符．…（7分）设直线l的方程为且．代入椭圆方程得（4k2+1）x2+8kx=0．解得，，代入直线l的方程得，，所以D点的坐标为，．…（10分）又直线AC的方程为，又直线BD的方程为，联立得因此Q（-4k，2k+1），又，．所以，，．故为定值．…（14分）【解析】（1）由已知得，由a2=c2+b2可求a，b，进而可求椭圆方程（2）由椭圆的右焦点为，可得直线l的方程为，联立椭圆方程可求D，根据弦长公式可求CD（3）当直线l与x轴垂直时与题意不符，故设直线l的方程为．代入椭圆方程可求D点的坐标，联立直线AC，直线BD的方程可求Q，结合已知P 可求，，根据向量的数量积的坐标表示代入可证本题主要考察了由椭圆的性质求解椭圆方程，直线与曲线相交的弦长公式的应用及向量的数量积的坐标表示的应用，属于圆锥曲线问题的综合应用21.【答案】解：（1）若a=1，则f（x）=x-ln x，∴′=当x∈（0，1）时，f′（x）＜0，f（x）单调递减，当x∈（1，+∞）时，f′（x）＞0，f（x）单调递增．f（x）单调递减区间为（0，1），单调递增区间为（1，+∞）．（2）由g（x）=f（x）-x+e x-1=e x-1-a ln x（x＞0）可知，g′（x）=（x＞0），当a=0时，g（x）=e x-1，显然g（x）没有零点；当0＜a≤e时，设h（x）=xe x-1-a，h′（x）=e x-1（x+1）＞0，在[0，+∞）单调递增，又h（0）=-a＜0，h（2）=2e-a＞0，∴h（x）在（0，2）上存在唯一一个零点，不妨设为x0，则x0=a，∴当x∈（0，x0）时，h（x）＜0，即g′（x）＜0，当x∈（x0，+∞）时，h（x）＞0，即g′（x）＞0，∴g（x）在（0，x0）上单调递减，在（x0，+∞）上单调递增，∴g（x）的最小值为g（x0）=x0-a ln x0，∵x0=a，∴ =，两边取对数可得x0-1=ln a-ln x0，即ln x0=ln a+1-x0，∴g（x0）=-a（ln a+1-x0）=+ax0-a lna-a≥2a-a lna-a=a-a lna，（当且仅当x0=1时取等号），令m（a）=a-a lna，则m′（a）=-ln a，∴当a∈（0，1）时，m′（a）＞0，当a∈（1，e]时，m′（a）＜0，∴m（a）在（0，1）上单调递增，在（1，e]上单调递减．又m（e-n）=（e-n-1）（1-n）＞0，m（e）=0，∴当0＜a≤e时，m（a）≥0，当且仅当a=e时取等号，由x0=a可知当a=1时，x0=1，故当a=e时，x0≠1，故g（x0）＞m（a）≥0，∴g（x0）＞0．∴当0≤a≤e时，g（x）没有零点．【解析】（1）先求导，根据导函数的正负解得x的范围，得出f（x）的单调性；（2）令h（x）为g′（x）的分子部分，设x0为h（x）的零点，求出g（x）的最小值g（x0），根据x0的性质和基本不等式得出g（x0）关于a的函数m（a），再根据m（a）的单调性求出m（a）的最小值即可得出结论．本题考查了函数单调性与导数的关系，函数最值的计算，构造g（x）的最小值为关于a的函数是解题的难点，属于难题．22.【答案】解：（1）将椭圆C的参数方程为（φ为参数），消去参数可得椭圆C的普通方程：，将代入得：2ρ2cos2θ+3ρ2sin2θ=6．化简得椭圆C的极坐标方程为2ρ2+ρ2sin2θ-6=0．将代入ρcosθ+ρsinθ=1可得直线l的方程为x+y-1=0．故直线l的参数方程为（t为参数）（2）设A、B对应的参数分别为t1，t2，将直线l的参数方程（t为参数），代入得．则：，．又P的极坐标为（1，），在直线l上，所以：|PA|+|PB|=|t1-t2|=．【解析】（1）直接把参数方程和极坐标方程与直角坐标方程进行转化．（2）利用方程组，整理成一元二次方程根和系数的关系求出结果．本题考查的知识要点：参数方程和极坐标方程与直角坐标方程的转化，一元二次方程根与系数的关系的应用．23.【答案】解：（1）∵x+|x-a|≥x-x+a=a，∴不等式x+|x-a|≥1的解集为R等价于a≥1，a的取值范围是[1，+∞）（2）由（1）知a=1，f（x）=x+|x-1|=，，＜，图象如下：【解析】（1）不等式x+|x-a|≥1的解集为R等价于a≥1；（2）分段画图．本题考查了绝对值不等式的解法，属中档题．。
四川省雅安市2019届高三第三次诊断考试数学(文)试题(解析版)
雅安市高中2016级第三次诊断性考试数学试题（文科）一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一个是符合题目要求的.1.已知集合，，则（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】求解一元一次不等式化简集合B，然后直接利用交集运算得答案．【详解】∵B＝{x|x<2}，∴A∩B＝{x|-3<x<2}=．故选：B．【点睛】本题考查了交集及其运算，考查了一元一次不等式的解法，是基础题．2.当时，复数在复平面内对应的点位于（）A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限【答案】D【解析】【分析】当m＜1时，m﹣1＜0，从而可判断复数2+（m﹣1）i在复平面内对应的点的位置．【详解】∵m＜1，∴m﹣1＜0，∴复数2+（m﹣1）i在复平面内对应的点（2，m-1）位于第四象限，故选：D．【点睛】本题考查复数的代数表示法及其几何意义，属于基础题．3.函数的图象的对称轴方程可能是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】先利用y＝cos x的对称轴方程以及整体代入思想求出y＝cos（2x）的所有对称轴方程的表达式，然后看哪个答案符合要求即可．【详解】∵y＝cos x的对称轴方程为x＝kπ，∴函数y＝cos（2x）中，令2x kπ⇒x，k∈Z即为其对称轴方程．上面四个选项中只有符合．故选：B．【点睛】本题主要考查余弦函数的对称性以及整体代入思想的应用．解决这类问题的关键在于牢记常见函数的性质并加以应用．4.已知向量，，若向量，则实数（）A. B. C. 0 D.【答案】D【解析】【分析】由条件利用两个向量垂直的条件结合向量的数量积公式，求得m的值．【详解】由题意向量（1，），（3，m），若向量，可得：，解得m，故选：D．【点睛】本题主要考查两个向量垂直的应用及数量积公式的应用，属于基础题．5.直线：与抛物线：相切，则实数（）A. -1B. 0C. 1D. 2【答案】A【解析】【分析】把直线l与抛物线C的方程联立，利用判别式△＝0即可得出．【详解】联立．化为x2﹣4x﹣4b＝0．∵直线l与抛物线C相切，∴△＝（﹣4）2﹣4×（﹣4b）＝0，解得b＝﹣1，故选A．【点睛】本题考查了直线与抛物线的位置关系，考查了将方程联立利用△＝0解决问题的方法，属于基础题．6. 某三棱锥的三视图如图所示，则该三棱锥的表面积是（）A. B. C. D. 5【答案】C【解析】解：该几何体是棱长分别为的长方体中的三棱锥：，其中：，该几何体的表面积为： .本题选择B选项.点睛：本题考查的知识点是由三视图，求体积和表面积，根据已知的三视图，判断几何体的形状是解答的关键，由三视图判断空间几何体（包括多面体、旋转体和组合体）的结构特征是高考中的热点问题.7.若变量，满足约束条件，则的最大值是（）A. -1B. 0C. 3D. 4【答案】D【解析】【分析】作出不等式组对应的区域，由目标函数的几何意义求出z＝x﹣2y的最大值．【详解】作出不等式组表示的平面区域，如图所示：由z＝x﹣2y可得y x z，则表示直线y x z在y轴上的截距，且截距越小，z越大，结合图象可知，当z＝x﹣2y经过点A时，z最大，由可得A（2，﹣1），此时z＝4．故选：D．【点睛】本题考查线性规划，是线性规划中求最值的常规题型．其步骤是作图，找点，求最值．8.在区间中任取一个实数，使函数，在上是增函数的概率为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】由函数f（x）是增函数，解得1＜a≤2，由此利用几何概型能求出所求的概率．【详解】∵函数f（x）是增函数，∴，解得1＜a≤2，∴由几何概型得从区间（0，6）中任取一个值a，则函数f（x）是增函数的概率为p．故选：A．【点睛】本题考查概率的求法，考查几何概型及分段函数单调性的应用，几何概型概率的值是常常通过长度、面积、或者体积的比值得到，本题属于中档题．9.的三边长分别为，的面积为，则的内切圆半径为.将此结论类比到空间四面体：设四面体的四个面的面积分别为，体积为，则四面体的内切球半径为（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【分析】设四面体的内切球的球心为O，则球心O到四个面的距离都是r，所以四面体的体积等于以O为顶点，分别以四个面为底面的4个三棱锥体积的和．从而四面体的体积为：V（S1+S2+S3+S4）r，由此能求出四面体的内切球半径．【详解】设四面体S﹣ABC的四个面的面积分别为S1，S2，S3，S4，体积为V，设四面体的内切球的球心为O，则球心O到四个面的距离都是r，所以四面体的体积等于以O为顶点，分别以四个面为底面的4个三棱锥体积的和．则四面体的体积为：V（S1+S2+S3+S4）r，∴r．故选：C．【点睛】本题考查四面体的内切球半径的求法及三棱锥体积公式的应用，考查推理论证能力，是基础题．10.若执行下边的程序框图，输出的值为5，则判断框中应填入的条件是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】按流程图逐一执行即可。
四川雅安2019年高三第三次诊断性-数学(文)
四川雅安2019年高三第三次诊断性-数学（文）四川省雅安市2018届高三第三次诊断性考试数学〔文〕试题本试卷分第一卷〔选择题〕和第二卷〔非选择题〕，共4页，总分值150分；考试时间120分钟。
第一卷〔共50分〕本卷共10小题，每题5分，共50分。
在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的。
请将此选项的番号用2B 铅笔填涂在答题卡的相应栏目上。
1、集合{}{}{}4,3,5,4,2,6,5,4,3,2,1===B A U 那么()U C A B =〔 〕〔A 〕{}3〔B 〕{}45，〔C 〕{}6,4,3,1 〔D 〕{}5,4,3,22、复数1,iz i+=那么z =〔 〕〔A 〔B 〕2 〔C 〕 〔D 〕 1i - 3、曲线3231y x x =-+在点〔1，0〕处的切线方程为〔 〕〔A 〕45y x =- 〔B 〕32y x =-+ 〔C 〕44y x =-+ 〔D 〕 33y x =- 〔A 〕假设p q ∨是真命题，那么,p q 都是真命题〔B 〕命题“200,10x R x ∃∈->的否定是“2,10x R x ∀∈-<”〔C 〕ABC ∆中，“A>B ”是“sin sin A B >”的充要条件〔D 〕过平面外的一点P 的直线与平面α所成的角为θ，那么这样的直线有无数条 5、按下面的程序框图进行计算时，假设输入4x =，那么输出x 的值是〔〕 〔A 〕117〔B 〕131〔C 〕121〔D 〕120 6、b a 10<<，且b a M +++=1111，bba a N +++=11，那么M 、N 的大小关系是〔〕.〔A 〕M N ≥〔B 〕M N >〔C 〕M N <〔D 〕M N ≤7、双曲线12222=-by a x )0,0(>>b a 与抛物线x y 122=有一个公共焦点F ，过点F 且垂直，那么双曲线的离心率等于() 〔A〕4 〔B 〕22 〔C〕3〔D 〕23 8、tan ,tan αβ是方程240x ++=的两根，且－π2<α<π2，－π2<β<π2，那么α＋β的值为() 〔A 〕3π〔B 〕32π-〔C 〕233ππ-或〔D 〕233ππ-或9、等比数列{}n a 的前n 项和为n S ，假设213211234(),27n n S a a a a a a -=+++⋅⋅=，那么3132320log log log a a a +++=〔〕〔A 〕210〔B 〕190〔C 〕220〔D 〕24210、定义域为[]b a ,的函数()y f x =图象的两个端点为A 、B ，向量(1)ON OA OB λλ=+-， M(x,y)是()y f x =图象上任意一点，其中]1,0[,)1(∈-+=λλλb a x .假设不等式MN k ≤恒成立，那么称函数()f x 在[]b a ,上满足“k 范围线性近似”，其中最小的正实数k 称为该函数的线性近似阀值、那么定义在[1,2]上的函数y=1x x-的线性近似阀值是〔〕 〔A〕32-B〕32+C〔D〕2第二卷〔共100分〕考生本卷须知请用0.5毫米黑色签字笔在答题卡上书写作答，在试题卷上书写作答无效。
四川省高三第三次模拟考试文科综合地理试题
四川省高三第三次模拟考试文科综合地理试题姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共4题；共18分)1. （6分） (2019高一下·合肥期末) 巴黎圣母院坐落于法国首都巴黎市中心塞纳河中的西岱鸟上，始建于1163年，是巴黎大主教莫里斯·德·苏利决定兴建的，整座教堂1345年才全部建成，历时180多年。
左下图为“巴黎圣母院景观图”，右下图为“北京故宫景观图”。
读图完成下面小题。
（1）巴黎圣母院位于巴黎市中心的主要影响因素是（）A . 自然资源B . 气候特征C . 地域文化D . 地形特点（2）北京故宫所在位置没有形成中心商务区的主要影响因素是（）A . 经济因素B . 历史因素C . 行政因素D . 环境因素（3）从盛行风向考虑，污染严重的工业企业不宜布局在巴黎的（）A . 东南郊区B . 西南郊区C . 东北郊区D . 西北郊区2. （6分） (2017高二下·泉港期末) 冈底斯山脉的次高峰冈仁波齐峰是中国最美的、令人震撼的十大名山之一(海拔6638米)，形似金字塔，被多种宗教信徒奉为“神山”。
玛旁雍错与拉昂错位于冈仁波齐峰和喜马拉推山纳木那尼峰之间，两湖相距不远且有地下水道连接，前者是淡水的“圣湖”，后者却是咸水的“鬼湖”。
读图，结合所学知识完成下列各题。
（1）冈仁波齐峰南坡白雪皑皑而北坡积雪较少，关于其成因的推测，合理的是（）①北披坡度更陡②北坡光照更强③南坡风力更大④南坡降雪更多A . ①③B . ②③C . ①④D . ②④（2）冈仁波齐峰至今无人能(敢)登顶，其原因最可能是（）A . 自然原因--位置偏僻B . 政治原因--军事禁地C . 宗教原囚--宗教圣地D . 技术原因--坡度太陡（3）与拉昂错相比，玛旁雍错盐度较低的原因最不可能的是（）A . 有湖水流出B . 汇入淡水较多C . 湖面风力较大D . 蒸发量较小3. （4分）(2018·浙江模拟) 气温距平是指某地气温与同纬度平均气温之差，图为欧洲部分地区山脉分布和某季节气温等距平线分布图。
2019届四川省高三下学期三诊模拟考试文科综合地理试卷【含答案及解析】
2019届四川省高三下学期三诊模拟考试文科综合地理试卷【含答案及解析】姓名___________ 班级____________ 分数__________一、选择题1. 北京时间3月20 日17时，几位中国摄影师在挪威斯瓦尔巴群岛朗伊尔城机场(78°N，15.5°E)拍摄到日全食照片。
读斯瓦尔巴群岛示意图，回答下列各题。
1. 此次日全食发生在朗伊尔城中午，日全食发生时太阳 ( )A. 位于该摄影师头顶正上方________B. 位于正南方的地平线上空C. 位于正北方的地平线上________D. 刚从地平线上升起2. 在此次日全食发生三个月后，该地 ( )A. 出现极昼________B. 出现极夜________C. 昼短夜长________D. 昼夜平分3. 下列交通运输方式中，属于朗伊尔城与外界进行联系的，且全年能够正常运营的是( )A. 公共汽车运输________B. 海洋运输________C. 电动雪橇车运输________D.航空运输2. 正压大气是一种假设的大气状态。
在这种大气中，等压面和等温面在所有高度上都相重合。
斜压大气更接近实际情况，指等压面和等温面出现交角的情况。
下图是北半球1月某地近地面垂直方向的斜压大气示意图。
读图回答下列各题。
1. 图中 M 地正东方向吹A. 东南风________B. 东北风________C. 西北风________D. 西南风2. 根据 M 地附近的大气状态判断， M 地可能 ( )A. 受西伯利亚高压控制________B. 是位于华北平原的某城市C. 位于地中海沿岸________D. 位于台风中心3. 雷州半岛每年平均有90多天可听到雷声。
读雷州半岛简图，回答下列各题。
1. 雷州半岛多雷雨天气的原因是 ( )A. 三面临海，水汽充沛，对流旺盛B. 地势低平，多冷锋活动C. 受地形抬升影响，多地形雨D. 位于西北太平洋，多热带气旋2. 雷州半岛多雷雨天气的月份是 ( )A. 12月一次年4月________B. 5—9月C. 7一11月________D. 8—12月4. 在黄土高原地区，治理水土流失进行梯田开发建设，最合理的是：A. B.C. D.5. 库赛湖的年纹层是一种由冬季冰面颗粒物质沉积形成的粗颗粒层和夏季沉积的细颗粒层两者交替形成的。
2019届高三第三次模拟考试卷+文综(三)+Word版含答案
2019届高三第三次模拟考试卷文科综合能力测试（三）注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
第Ⅰ卷（选择题）本卷共35个小题，每小题4分，共140分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
“物联网”是在“互联网”的基础上，将其用户端延伸和扩展到任何物品与物品之间，进行信息交换和通信的一种网络概念。
“物联网”需要通过射额识别（RFID ）、红外感应器、全球定位系统、激光扫描器等信息传感设备，按约定的协议，把任何物品与互联网相连接，进行信息交换和通信，实现智能化识别、定位、跟踪、监控和管理。
据此完成1～2题。
1．据材料推断物联网的特点（ ）①全面感知 ②人工分拣 ③智能处理 ④可靠传递 ⑤人工投递A ．①②④B ．①③④C ．②③⑤D ．③④⑤ 2．上海成为我国目前物联网产业链布局最完整的地区，最主要的原因是（ ）A ．优越的地理位置B ．先进的技术和大量的劳动力C ．便捷的交通D ．产业基础好和技术革新能力强 798艺术区是北京现代艺术的标志，其前身为建国初期外国援建的国营798厂等电子工业老厂区。
21世纪初，相关企业整合重组外迁后，青年艺术家和文化创意企业陆续进入该区，成规模地租用和改造空置厂房，逐渐将其发展成为画廊、艺术中心、设计公司、餐饮酒吧等各种空间聚合体。
据此完成3～5题。
3．推断原有企业整合重组的好处是（ ）A ．推动体制改革以释放企业活力B ．提高技术水平以增强竞争力C ．提高当地第三产业比重以优化产业结构D ．适应城市化扩张带来的用地类型转变4．798艺术区初期吸引有关艺术家及企业入驻的主要因素是（ ）A ．集聚效应B ．工业基础C ．市场D ．地价 5．为实现798艺术区可持续发展，不列措施最合理的是（ ）A ．加大环保投入，促进绿色生产B ．发展多元化产业，着力创造产值C ．转变管理方式，激发创新机制D ．实施工业复兴，引进重化工业植被覆盖度指某一地域植被垂直投影面积与该地域面积之比。
2019年四川省雅安市高考数学三诊试卷及参考答案(文科)
一、选择题：本大题共 12 小题，每小题 5 分，共 60 分.在每小题给出的四个选项中，只有
一个是符合题目要求的.
1．（5 分）已知集合 A＝{x|﹣3＜x＜3}，B＝{x|x﹣2＜0}，则 A∩B＝（ ）
A．（﹣2，2）
B．（﹣3，2）
C．（﹣3，3）
∴此正三棱锥的外接球即以 PA，PB，PC 为三边的正方体的外接球 O， ∵球 O 的半径为 ， ∴正方体的边长为 2，即 PA＝PB＝PC＝2 球心到截面 ABC 的距离即正方体中心到截面 ABC 的距离 设 P 到截面 ABC 的距离为 h，则正三棱锥 P﹣ABC 的体积 V＝ S△ABC×h＝ S△PAB×PC
∴A∩B＝（﹣3，2）． 故选：B． 【点评】考查描述法、区间的定义，以及交集的运算． 2．【解答】解：m＜1 所以 m﹣1＜0，复数 z＝2+（m﹣1）i 在复平面上对应的点位于第四象 限． 故选：D． 【点评】本题考查复数的基本概念，考查计算能力，是基础题． 3．【解答】解：∵y＝cosx 的对称轴方程为 x＝kπ， ∴函数 y＝cos（2x ）中，
＝ × ×2×2×2＝
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△ABC 为边长为 2 的正三角形，S△ABC＝ ×
∴h＝
＝
∴正方体中心 O 到截面 ABC 的距离为 ﹣ ＝
参考公式： ＝
，＝﹣ ；
参考数据： xiyi＝54112， xi2＝56168．
19．（12 分）如图①，在五边形 BCDAE 中，CD∥AB，∠BCD＝90°，CD＝BC＝1，AB＝ 2，△ABE 是以 AB 为斜边的等腰直角三角形．现将△ABE 沿 AB 折起，使平面 ABE⊥平
四川省雅安中学2019届高三第三次模拟考试文科综合-历史试题
四川省雅安中学2019届高三第三次模拟考试文科综合-历史试题★祝考试顺利★注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4．选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑．答案写在答题纸上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
5．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
1.董仲舒曾说：“春秋之义，国有大丧者，止宗庙之祭而不止郊祭，不敢以父母之丧，废事天地之礼也。
”董仲舒此言的主要目的是A. 强调尊天地而贵君权B. 说明等级礼仪的重要性C. 宣传儒学的独尊地位D. 阐述君主专制需要神学【答案】A【解析】“汉代儒学地位的确立”为本题主要考查点。
材料“国有大丧者，止宗庙之祭，而不止郊祭，不敢以父母之丧，废事天地之礼也”体现了人、君、天三者关系，强调了尊重上天旨意，听从皇帝安排，故A项正确；等级礼仪属于现象，没有反映主旨，故B项错误；C项不符合材料主旨，故错误；D项应属于“君权神授”的观点，故D项错误。
2.在文化史家的眼中，宋诗是一个思虑精微的宇宙。
在这个宇宙中，宋人忘象得意，以意索理，冷静地对外在物象展开概念化思考，进而从凝思中省悟到人生和宇宙的底蕴。
宋诗的这一特色A. 受到了程朱理学的深刻影响B. 表现了中国文人的精神气节C. 反映了宋加强专制集权统治D. 满足了市民阶层的精神需求【答案】A【解析】材料“忘象得意，以意索理，冷静地对外在物象展开概念化思考”体现了理学的特点，说明宋诗受到了程朱理学的深刻影响，故A正确；材料主旨不是说明中国文人的精神气节，故B 错误；材料无法体现宋加强专制集权统治，故C错误；忘象得意，以意索理，并不是满足市民阶层的精神需求，故D错误。
【全国百强校】四川省雅安市2019届高三第三次诊断性考试文综历史试题(Word版)
四川省雅安市2019届高三第三次诊断性考试文综历史试题24．夏、商、周三族祭祀的时候，不仅上推到本族的先王、先公，还更进一步把本族来源与黄帝族系联系起来，都自认是黄帝族的后裔。
这主要反映出当时A．黄帝地位得到各族公认B．宗族观念逐渐强化C．民族认同意识正在形成D．世袭制度不断延续25．唐朝李氏属于关陇士族集团，武则天统治期间，修订《姓氏录》，禁止陇西李氏、太原王氏，荥阳郑氏、范阳卢氏，清河崔氏、博陵崔氏、赵郡李氏等豪族通婚。
这些措施A．增强了中央对地方的控制B．清除了政治上的异己势力C．维护了关陇军事集团的利益D．促使了社会阶层的固化26．图1为中国古代不同历史时期天然植被破坏过程示意图。
这一过程反映了中国古代图1A．经济结构不断调整B．统治疆域不断扩大C．经济的区域发展趋势D．农业耕作技术的提高27．珠算被誉为中国古代的第五大发明，对其记载最早见于汉代，但直到明代商人程大位编修《直指算法统宗》，才逐渐推广，并取代了传统的筹算法。
珠算得以推广的主要原因是A．政府的大力推动B．商品经济的发展C．传统筹算法的衰落D．商人文化素质的提高28．1862年，清朝决定以“黄色龙旗”为“中国官船”之旗帜，黄龙旗的使用基本上限于船籍表示或外交仪式。
这表明清政府A．坚持了天朝上国观念B．采用了中体西用思想C．具备了初步的国家理念D．实现了外交观念的转变29．1942年10月，国民政府就晚清签订的不平等条约分别开始与美、英两国进行谈判。
美、英经过协商，主动提出废除两国与中国的不平等条约。
美、英做法意在A．维护中国国家主权B．激发中国抗日热情C．调解国共两党矛盾D．促进世界反法西斯联盟成立30．20世纪50年代，国家一方面通过农业互助合作，解决土地改革后部分农户生产资料不足、劳力、资金短缺的困难，促进农业发展；另一方面又实施“进口替代”政策，通过出口部分农产品换回发展重工业所需的生产资料。
以上做法A．改变了农业落后面貌B．促进了工农业平衡发展C．适应了当时国家战略需求D．打破了西方对中国经济封锁31．表1 1982～1999 年《人民日报》中外合资企业广告抽样统计时间合资方产品时间合资方产品1982-05-13 中日福日牌电视机1989-01-11 中日大豆色拉油1990-09-21 中美康泰克缓释胶囊1991-05-26 中德桑塔纳轿车1992-09-21 中英力士香皂1993-05-07 中国阿拉伯撒可富化肥1993-05-25 中日游乐园1995-01-04 中美喷墨绘图仪1997-09-08 中法红心牌电熨斗1999-09-07 中德奥迪A6轿车表1中1991年前后广告内容的变化反映了A．外资在中国市场占主导地位B．轻工产品成为合资的主要领域C．社会主义市场经济已完全建立D．外资对中国市场信任度不断增强32．罗马人认为：一个民族无论去何处，总携带它自己的法律。
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雅安市高中2016级第三次诊断性考试政治参考答案12．A 13．C 14．B 15．B 16．C 17.D 18.D 19．B 20.C 21．C 22．D 23．A38、①加快转变经济发展方式，引领和支撑传统产业转型升级，推动实体经济发展（3分)促进技术进步，提高生产效率，提升我国制造业的国际竞争力（3分)培育新的经济增长点，形成发展新动能，推动我国经济高质量发展。
（3分）②智能化为人们提供了新的消费对象，改变了人们的消费方式，为消费创造了动力，推动着消费升级（3分)提高了人们的消费质量和消费水平，更好地满足人们日益增长的美好生活需要。
（2分）评分细则：①答出“加快转变经济发展方式”“引领和支撑传统产业转型升级”“推动实体经济发展”各1分，答出“优化产业结构”给1分，此点最高得3分。
“促进技术进步”可用“提高自主创新能力”替代，“提高生产效率”可用“降低成本”或“提高经济效益”替代，“提升我国制造业的国际竞争力”可用“提升制造业的整体水平”“提高我国产品的质量”替代，都不重复计分。
如直接搬材料“推动中国制造—中国创造-中国智造转变”不给分，此点答出其中一点得2分，答出两点得3分，最高得3分。
答出培育新的经济增长点或形成发展新动能得2分，可用“推动新旧动能转换”替代，答出推动经济高质量发展得1分，可用“提高经济发展的质量和效益”替代，都不重复计分，此点最高得3分。
②答出“智能化为人们提供了新的消费对象”、“改变人们的消费方式”、“为消费创造了动力”其中两点得2分，答出“推动着消费升级”得1分，此点最高得3分。
答出“提高人们的消费质量和消费水平”得1分；答出“更好地满足人们日益增长的美好生活需要”得1分。
39、①坚持完善中国共产党对协商民主的政治领导,发挥中国特色社会主义政党制度优势,加强中国共产党与民主党派的政治协商,巩固发展和谐的政党关系。
②人民代表大会制度是保证人民当家作主的根本政治制度。
各级人大在重大决策之前应进行充分协商，广泛听取民意,支持和保证人民当家作主。
③各级政府应有效推进科学、民主、依法决策,加强政府协商增强决策透明度和公众参与度，切实解决人民关心的利益问题。
④充分发挥人民政协作为协商民主重要渠道和专门机构的作用,通过政治协商、民主监督、参政议政,不断提高人民政协协商民主制度化、规范化水平。
⑤建立健全基层协商民主制度,稳步开展基层协商，更好解决人民群众的实际困难和问题,推进社会主义民主建设。
（若从人民团体协商和社会组织协商角度作答且表达正确，同样给分。
每点3分,答出任意4点即可)40、（1）①辩证法的革命批判精神要求我们，密切关注变化发展着的实际，敢于突破与实际不相符合的成规陈说，敢于破除落后的思想观念。
（2分）推动岭南优秀传统文化实现创造性转化要结合时代条件和实际需要，赋予其新的时代内涵和现代表达形式，激活生命力，才能提升大湾区文化软实力。
（2分）②辩证法的革命批判精神要求我们，注重研究新情况，善于提出新问题，敢于寻找新思路，确立新观念，开拓新境界。
（2分）推动岭南优秀传统文化实现创新性发展要按照时代的新进步新进展，对其内涵加以补充、拓展、完善，增强影响力和感召力，才能提升大湾区文化软实力。
（2分）③创新是引领发展的第一动力，人类文化的发展是通过创新实现的。
（1分）提升大湾区文化软实力必须立足实践，在继承岭南优秀传统文化的基础上，大力推动文化创新。
（1分）（2）①传统文化是维系民族生存和发展的精神纽带，文化遗产是一个国家和民族历史文化成就的重要标志，要保护和继承好大湾区优秀传统文化。
（4分）②科学技术的进步是推动文化发展的重要因素。
要充分利用互联网等大众传媒手段，创新文化传播的方式，增强大湾区优秀传统文化的影响力。
（3分）③人民群众是文化创造的主体。
强化大湾区文化软实力，要关注最广大人民群众的根本利益，满足人民群众对文化生活日益增长的需要。
（3分）（3）①对符合条件的文化遗产申请加入世界文化遗产保护名录。
（2分）②加强文化遗产重要性的宣传教育，提高人们保护文化遗产的意识。
（2分）③运用科技手段，对文化遗产进行数字化转化，创新文化遗产的保存形式。
（2分)（其它言之有理且符合试题要求均可得分，本题总分不超过6分历史参考答案24.C 25.A 26.C 27.B 28.C 29.B 30.C 31.D 32.D 33.B 34.B 35.A41.（1）特点：建立时间早；适时调整；由临时税变为固定税；起征点和税率不断提高；中下层负担不断减轻；由以解决财政问题为主到以解决社会问题为主。
（10分）（2）调节个人收入；增加财政收入；解决战争需要。
（3）经济发展水平不同：英国已过渡到工业社会，经济较为发达；中国以农为本，经济较为落后。
人民收入水平不同：英国人收入水平较高；中国人收入水平较低。
社会环境不同：英国相对稳定，中国政局动荡。
税制本身不同：英国税制与其经济社会发展水平相适应，中国税制弊端明显。
人民认可度不同：英国注意增加人民福利，减轻人民负担，得到人民认同；国民政府税收用于内战，加重人民负担，不得人心（9分）42.示例：看法：孟姜女哭长城故事的演变反映了时代的变迁。
说明：春秋时期孟姜女的原型故事反映了当时诸侯争霸的事实；两汉时期故事演变为孟姜女哭倒城墙，反映了天人感应思想，儒家思想影响力的扩大；隋唐时期，故事时间推移到秦朝，并与秦始皇挂上了勾，反映了经历魏晋以来战乱的人民对暴政的控诉和反抗；宋元明清时期，话本和民间传说的出现，反映了商品经济的发展，市民阶层的壮大，孟姜女自杀的烈女行为和民间为孟姜的立庙运动反映了理学的发展。
由此可见，民间传说是特定时期社会现实的反映。
其它观点示例：微观：孟姜女哭到长城反映了天人感应思想；元明清时期有关孟姜女的演变反映了市民文化的发展；明代为孟姜女立庙运动反映了理学的发展。
宏观：孟姜女传说表达了百姓对暴政的控诉和反抗；孟姜女传说反映了对忠贞爱情的赞美。
史学方法：孟姜女哭长城传说的演变反映了历史层累现象45.（1）废除废除九品中正制（以地方乡豪代替中正官）；重用人才，不分贵贱；重视学校教育；采用考试取官的制度；（8分）（2）扩大了统治政权的人才来源；弥补了九品中正制的弊端；推动了儒学教育的发展；促进了科举制的产生。
（7分）46.（1）二战后，奥地利被分区占领；美苏冷战；苏联在外交上的推动。
（2分）（2）缓解了东西方的对立；有利于欧洲局势的缓和；使奥地利取得了独立；为民族国家在冷战格局下提供新的外交借鉴。
（9分）47.（1）特点：以东方价值理念为指导；加强执政党的领导；国家调控与市场调节相结合；注重发挥基层作用。
（8分）（2）意义：推动新加坡经济发展；巩固了新加坡的独立地位；为新兴独立国家提供了新的发展模式；扩大了东方价值观念的影响力。
（7分）地理参考答案1.A2.C3.B4.D5.B6.D7.C8.B9.A 10.D 11.C36.（共20分）（1）（8分）特点：以水田为主，旱地比重小。
（2分）成因：低缓丘陵及平坦河谷适合辟为水田；（2分）亚热带季风气候，降水丰富，雨热同期，（2分）河、湖多，水源充足，适合发展季风水田农业。
（2分）（2）（6分）可防止低温危害，使花期提前、水果上市时间提前，提高市场售价；（2分）可有效控制大棚内湿度，利于花粉传播和授粉，增加产量；（2分）可防止阴雨天气的干扰，便于人工授粉（便于花期管理），提高产量与质量；（2分）使杏花花期提前，利于发展农业休闲旅游，增加效益。
（2分）（任答三点）（3）（6分）促进当地农产品加工业、服务业、旅游业等二、三产业的发展，（2分）提高农业劳动生产率，促进农村剩余劳动力向二、三产业转移，（2分）从而使当地城市人口增加、城市用地扩大，实现农村人口就地城镇化。
（2分）37.（共26分）（1）（6分）西北风；风力较大、水汽含量少（干燥）。
（2）（6分）当地盛行西风为离岸风，降水稀少；半岛面积较小，各地距海洋近，地表水迅速入海；半岛地形平坦，沟谷较少，不容易积水成河（溪）。
（3）（6分）气候干旱，多大风天气，不适合人居；土壤贫瘠，不适合耕种；淡水资源缺乏，无法满足人类需求。
（4）（8分）寒暖流交汇，鱼类众多，食物丰富；纬度较南极大陆低，水温适宜巨鲸越冬；海湾面积较大，海水较深，适合巨鲸生活（活动空间广）；常住人口较少，受人类影响小。
43.（共10分）（1）（4分）选择合适的观赏位置（如在江对岸远眺，或步入这些吊脚楼中探访、小憩)；（2分）把握恰当的观赏时机，在夜间观赏；（2分）了解洪崖洞的历史文化内涵和建筑特色。
（2分）（任答两点）（2）（6分）重庆市：多处美景因2018年网络宣传提高了知名度；（2分）春节期间气候温和，吸引游客避寒旅游；（2分）城市旅游资源丰富、独特，吸引力强（游览价值高）；（2分）近年来，旅游接待能力和服务水平大大提升；（2分）重庆市对外交通条件不断得到完善，游客来渝旅游较为方便。
（2分）（第一点必须答，其余各点中任答俩点得分）44.（共10分）水域面积和绿地面积较大，比热容大，有效缓解城市热岛效应，（2分）缩小温差；（2分）绿地、水域环绕，蒸发蒸腾作用较强，增加城区大气湿度；（2分）林木众多，吸烟滞尘，净化城区大气；（2分）绿地植物通过光合作用，固定二氧化碳，放出氧气，调节城区大气成分；（2分）水域宽阔，形成通道，利于将盛行风引入城区，扩散城区污染性大气，提高城区大气质量。
（2分）（任答5点得。