现代移动通信第四版 第二章课后答案教学提纲
移动通信技术第二章习题答案
移动通信技术第二章习题答案第一篇：移动通信技术第二章习题答案一、单项选择题1.PN短码用于前向信道的调制，标识不同的________。
BA.基站B.小区C.业务信道D.控制信道2.IS95 CDMA系统中使用的PN短码偏置共有个。
AA.512B.1024C.32768D.327673.RAKE接收技术是一种_______分集技术。
CA.空间B.频率C.时间D.极化4.IS-95 CDMA移动台最多可以解调______多径信号。
CA.1个B.2个C.3个D.4个5.对于IS95 CDMA系统，寻呼信道数一般为。
AA.1个B.7个C.8个D.12个6.反向闭环功率控制比特的发射速率是______。
DA.1bpsB.20bpsC.100bpsD.800bps7.IS95 CDMA同步信道的比特率是。
AA.1200bpsB.2400bpsC.4800bpsD.9600bps8.从WASLH码的角度分析，IS95 CDMA系统的前向业务信道最多有个。
BA.55B.61C.64D.4810.IS95 CDMA小区的PN短码偏置在______信道发布。
A.导频B.寻呼C.同步D.前向业务二、填空题1.扩频通信理论中的香农公式为_______。
C=Wlog2（1+S/N）2.在IS-95 CDMA系统中使用了三种扩频码，分别是_______、________和________。
PN短码、PN长码、WALSH码3._______在反向信道用于扩频并区分不同的用户。
PN长码4.IS-95 CDMA系统的反向功率控制分为开环功率控制和_______功率控制。
闭环5.CDMA将导频信号分成____导频集、______导频集、_____导频集和剩余导频集。
激活、候选、相邻6.中国电信IS95 CDMA系统的工作频率为：_______(移动台发)，________(基站发)；频道间隔为_______。
825-835MHz870-880MHz 1.23MHz7.IS95 CDMA前向信道采用_____阶walsh码进行扩频。
现代移动通信第四版第二章课后答案
第二章 思考题与习题1 无线电波传播共有哪几种主要方式？各有什么特点？答：典型的电波传播方式有直射、反射、折射、绕射、散射等。
当电波的直射路径上无障碍物时，电波直接到达接收天线；当电波的直射路径上存在障碍物时，电波会绕过障碍物遮挡向前传播形成绕射波；当电波在平坦地面上传播时，因大地和大气是不同的介质而使入射波在界面上产生反射波；当电波入射到粗糙表面时，反射能量由于散射而散布于所有方向，形成散射波。
2 自由空间传播的特点是什么？答：自由空间传播是指空间周围为无限大真空时的电波传播，它是理想传播条件。
电波在自由空间传播时，其能量既不会被障碍物所吸收，也不会产生反射或散射。
电波在自由空间传播时，媒质的相对介电常数和相对导磁率都等于1，传播路径上没有障碍物阻挡，到达接收天线的地面反射信号场强忽略不计。
自由空间中电波传播损耗为32.4420lg (km)20lg (MHz)fs L d f =++，其中，d 为T-R 间距离，f 为电波频率。
其规律是:与2d 成反比→距离越远，衰减越大；与2f 成反→频率越高，衰减越大。
3 设发射机天线高度为40m ，接收机天线高度为3 m ，工作频率为1800MHz ，收发天线增益均为1，工作在市区。
试画出两径模型在1km 至20km 范围的接收天线处的场强。
（可用总场强对0E 的分贝数表示）解：40,3,1800t r h m h m f MHzd d d ===∴∆==反射波与直射波的路径差为 因为）（ϕ∆-+=j Re1E E 0又因为18001501;f MHz MHz R =>=-所以有 ])37(1)43(1[12])37(1)43(1[222222dd d d d d c f d +-+=+-+=∆=∆ππλπϕ 此时接收到的场强为)1(Re1E E ])37(1)43(1[20022d d d j j e E +-+-∆--=+=πϕ）（ 用分贝表示为km d km e E E d d d j 201)1lg(10])37(1)43(1[2022<<-=+-+-π用Matlab 画出变化曲线。
现代通信系统第4版教学课件ppt作者高健《现代通信系统第4版》习题参考答案
“现代通信系统第4版”习题参考答案第1章程控交换系统1.请说明什么是端局，什么是汇接局？答：端局是直接连接用户的交换局；汇接局是转接处理各端局送来话务量的交换局，它不直接连接用户，只连接端局、长途局或其他汇接局。
2.什么是直达路由？何时可以开设直达路由？答：一个端局与其他端局之间建立的直达中继线，叫作“直达路由”。
一个端局通过汇接局连接到其他端局的路由（即多段中继线）叫作“汇接路由”。
当两个端局之间话务量较大时，可以申请架设直达路由。
3.程控交换机的基本组成包括那些单元电路？答：程控交换系统的基本组成可以分为两个子系统：话路子系统和控制子系统。
其中，话路子系统由交换网络、用户电路、中继电路、信号终端等几部分组成；控制子系统的硬件是由扫描器、驱动器、中央处理器、存储器、输入输出设备等几部分构成。
4.为什么话音信号的抽样频率通常定为8000Hz？答：一路电话信号的频带为300～3400Hz，根据抽样定理知：抽样频率f S ≥2×3400=6800Hz。
考虑到其他一些因素，一般经常选定f S =2f H =8000Hz，T S =1/f S =125μs。
5.什么是量化和均匀量化？均匀量化的量化级差、量化范围、量化级数和PCM 编码位数间的相互关系如何？答：“量化”就是对抽样值分级取整，最常用的取整法是“四舍五入”；“均匀量化”就是均匀地分级。
在量化范围固定的情况下，量化级差分得细一些，可以减少量化误差。
但量化级数多了，就要求有更多位数码，这意味着要产生更高的传码率。
（量化范围固定→量化级差↓→量化误差↓→量化级数↑→编码位数↑→传码率↑）每一个量化级对应一个二进制代码，量化级数M 与编码位数N 的关系是固定的，即M=2N。
在数字电话通信中，标准编码位数N=8，故量化级数应为M=28=256。
6.常见语音信号的二进制码组有几种？各自有什么特点？答：常用二进制码组是自然码、折叠码、格雷码等，三种码组的编码规则见下表。
移动通信 (第四版)答案
移动通信 (第四版)答案移动通信 (第四版)答案第一章引言1.1 移动通信的定义1.2 移动通信的发展历史1.3 移动通信的应用领域1.4 移动通信的标准化组织第二章无线传输技术2.1 无线传输基础知识2.2 无线信道的特性2.3 调制与解调技术2.4 多址技术2.5 空分复用技术第三章移动通信网络架构3.1 移动通信网络的层次结构3.2 移动通信网络的基本组成部分3.3 移动通信网络的接入方式3.4 移动通信网络的核心网第四章移动通信系统4.1 第一代移动通信系统4.2 第二代移动通信系统4.3 第三代移动通信系统4.4 第四代移动通信系统4.5 第五代移动通信系统第五章移动通信技术及协议5.1 频率分配与管理技术5.2 移动通信制式与协议5.3 移动通信的网络接入技术5.4 移动通信的核心网技术5.5 移动通信的安全与隐私保护技术第六章移动通信终端与设备6.1 方式终端6.2 基站与天线6.3 其他移动通信设备6.4 移动通信终端的性能指标第七章移动通信业务7.1 语音通信业务7.2 短信业务7.3 数据业务7.4 多媒体业务7.5 移动互联网业务第八章移动通信市场与发展趋势8.1 移动通信市场概述8.2 移动通信的发展趋势附件：附件1：移动通信系统模拟实验实验报告附件2：移动通信系统技术白皮书法律名词及注释：1. 电信法：指国家为保障公众利益和经济社会发展需要，规范和管理电信业务，制定的法律。
2. 通信管理局：指负责监督、管理、指导全国电信业务和信息服务业务，以及广播电视业务的专业监督管理机构。
3. 移动通信频率：指无线电波中为移动通信业务预留的频带，用于移动通信信号的传输。
4. 号码资源：指移动通信系统中用于标识用户和设备的数字编号资源，包括方式号码、设备识别码等。
现代通信原理答案WORD版( 罗新民)指导书 第二章 确定信号分析 习题详解
第二章 确定信号分析2-1图E2.1中给出了三种函数。
图 E2.1①证明这些函数在区间（-4，4）内是相互正交的。
②求相应的标准正交函数集。
③用（2）中的标准正交函数集将下面的波形展开为标准正交级数：⎩⎨⎧≤≤=为其它值t t t s ,040,1)(④利用下式计算（3）中展开的标准正交级数的均方误差： ⎰∑-=-=44231])()([dt t u a t s k k k ε⑤对下面的波形重复（3）和（4）：⎪⎩⎪⎨⎧≤≤-=为其它值t t t t s ,044),41cos()(π ⑥图E2.1中所示的三种标准正交函数是否组成了完备正交集？解：①证明：由正交的定义分别计算，得到12()()0u t u t dt +∞-∞⋅=⎰，23()()0u t u t dt +∞-∞⋅=⎰，31()()0u t u t dt +∞-∞⋅=⎰，得证。
②解：424()8,k C u t dt k -== =1,2,3⎰，对应标准正交函数应为()(),1,2,3k k q t t k ==因此标准正交函数集为123123{(),(),()}(),()()}q t q t q t t t t =③解：用标准正交函数集展开的系数为4()(),1,2,3k k a s t q t dt k =⋅ =⎰，由此可以得到4110()()a s t t dt ===⎰4220()()a s t t dt ===⎰4330()()0a s t t dt ==⎰。
所以，121211()()()()()22s t t t u t u t ==-④解：先计算得到312111()()()()()()022k k k t s t a u t s t u t u t ε==-=-+=∑ ⑤解：用标准正交集展开的系数分别为441141()())04a s t t dt t dt π--===⎰⎰，44224011()()cos()cos()044a s t t dt t dt t dt ππ--==-=⎰⎰⎰，433422442()()111cos()))444a s t t dtt dt t dt t dt ππππ----= =-+- =⎰⎰⎰⎰。
移动通信第四版
第一章考试的补充1.2（3）按多址方式可分为频分多址(FDMA)、时分多址(TDMA)和码分多址(CDMA)等；（填空题）单工通信，是指通信双方电台交替地进行收信和发信时分双工(TDD)定义频分双工(FDD)定义1.2.2 模拟网和数字网络数字通信系统的主要优点可归纳如下：蜂窝通信网络把整个服务区域划分成若干个较小的区域(Cell, 在蜂窝系统中称为小区)，各小区均用小功率的发射机(即基站发射机)进行覆盖，许多小区像蜂窝一样能布满(即覆盖)任意形状的服务地区同道干扰、区群、频率再用、越区切换（考概念）第一代：AMPS、TACS、NMT、C-450、NTT等第二代：GSM、IS-54（时分多址）、IS-95（码分多址）、JDC(后改名为PDC性能参数可参见表7-3第三代：WCDMA、cdma2000、 TD-SCDMA集群移动通信系统采用的基本技术是频率共用技术第二章调制解调考点：移动通信信道的基本特征是带宽有限，它取决于使用的频率资源和信道的传播特性；第二，干扰和噪声影响大，这主要是移动通信工作的电磁环境所决定的；第三，存在着多径衰落。
针对移动通信信道的特点，已调信号应具有高的频谱利用率和较强的抗干扰、抗衰落的能力若以90%能量所包括的谱线宽度(以载频为中心)作为调频信号的带宽，则可以证明调频信号的带宽为B = 2(m f+1)F m= 2(Δf m+F m)若以99%能量计算，则调频信号的带宽为这两个公式很重要一定要记住MSK是一种特殊形式的FSK，其频差是满足两个频率相互正交(即相关函数等于0)的最小频差并要求FSK信号的相位连续。
其频差Δf=f2-f1=1/2T b,（特殊用文字就是这些用公式就是下面这个公式（掌握MSK的产生方式）MSK信号也可以将非归零的二进制序列直接送入FM调制器中来产生，这里要求FM 调制器的调制指数为0.5。
高斯滤波的最小移频键控(GMSK)调制为什么提出GMSK：满足功率谱在相邻频道取值(即邻道辐射)低于主瓣峰值60 dB以上的要求GMSK信号就是通过在FM调制器前加入高斯低通滤波器(称为预调制滤波器)而产生的调制指数仍然是0.5 GF S K吸取了GM S K的优点，但放松了对调制指数的要求，通常调制指数在0.4~0.7之间即可满足要求QPSK的相位是正负3/4pi和正负1/4pi相互间可以直接跳变mffFmmB⋅++=)1(25.0/1=∆=bTfh图 2 - 25 QP S K 和OQP S K 的星座图和相位转移图 图 2 - 27 π/4-DQPSK 的相位关系(a ) QP S K; (b) OQP S K （非常重要的两个图要掌握）正交振幅调制(QAM)的一般表达式为 y (t ) = A m cos ωc t +B m sin ωc t 0≤t ＜T s (2 - 89) 式中，A 是固定的振幅， (d m , e m )由输入数据确定。
移动通信第四版章坚武课后题答案
移动通信第四版章坚武课后题答案1.组网技术包括哪些主要问题答：（1）干扰对系统性能的影响；（2）区域覆盖对系统性能的影响；（3）支撑网络有序运行的要素；（4）越区切换和位置管理；（5）无线资源的有效共享。
2.・X为何会存在同频干扰同频干扰会带来什么样的问题答：同频干扰是指所有落在接收机通带內的与有用信号频率相同的无用信号的干扰，这些无用信号和有用信号一样，在超外差接收机经放大、变频而落在屮频通带内，接收系统无法滤出无用信号，从而产生同频干扰。
同频干扰会带来的问题：影响链路性能、频率复用方案的选择和系统的容量限制等问题4.什么叫同频复用同频复用系数取决于哪些因素答：在移动通信系统中，为了提高频率利用率，在相隔一定距稱以外，可以使用同的频率，这称为同频复用。
影响同频复用系数的因素有：一个区群（簇）屮小区的个数（区群的大小），小区的大小，形状等。
5.为何说最佳的小区形状是正六边形答：小区形状的设计要求：小区无空隙、无重叠的覆盖整个服务区域。
全向天线辐射的覆盖区为圆形，不能无空隙、无重叠的覆盖整个区域。
在考虑交叠Z后，实际上每个辐射区的有效覆盖区是一个多边形。
满足无空隙、无重叠条件的小区形状有三种：正三角形、正方形和正六边形。
而在服务区面积一定的情况下，正六边形小区的形状最接近理想的圆形，用它覆盖整个服务区所需的基站数最少，也就最经济。
6.证明对于六边形系统，同频复用系数为0二顾其屮，N二f+f+ij,，证明：同频复用系数Q的定义为在同频些小区距离（D）与小区半径（R）的比值。
同频小区的距离也就是两个同频小区的屮心距离，对于正六边形系统它是这样确定的，从一个小区的中心出发，沿着一边的中垂线数i个小区，在向顺时针转60。
再向前数丿个小区，起点和终点的两个小区的距离就是同频小区的距漓。
由余弦定理可得7.设某小区移动通信网，每个区群有4个小区，每个小区有5个信道。
试用分区分组配置法完成群内小区的信道配置。
答：根据分区分组配置法进行信道配置要满足无三阶互调干扰的要求，利用无三阶互调干扰的原理可知道只需在无三阶互调干扰的信道组屮初选一组信道组，将初选的信道组进行平移就可以得到。
移动通信 (第四版)答案
第四章
1.分集技术如何分类？在移动通信中采用了哪几种分集接收技术？ 答：分集技术根据克服信道衰落的方式来分类，主要分为两类：宏分集和微分集，宏分集用 来减少慢衰落的影响，微分集用来减少快衰落的影响。其中“微分集”又可按空间、频率、 极化、场分量、角度和时间分为空间分集、频率分集、极化分集、场分量分集、角度分集和 时间分集。 3．为什么说扩频通信起到了频率分集的作用，而交织编码起到了时间分集的作用？ 答：扩频通信扩展了信号频谱，使每段频率所经历的衰落各不相同，信道产生衰落时只会使 一小部分频率衰落，不会使整个信号产生畸变，相当于频率分集。 交织编码把一个较长的突发差错离散成随机差错，再利用纠正随机差错的编码技术来消 除。交织深度越大，抗突发差错的能力越强，交织码处理时间越长，从而造成了传输时延增 大，属于时间隐分集。 Rake 接收机是将多径分量取出，对其进行延时和相位校正，使之在某一时刻对齐，并按 一定规则合并，属于时间分集/路径分集。 4.试画出（2，1）卷积编码器的原理图。假定输入的信息序列为 01101（0 为先输入） ，试画 出编码器输出的序列。 答： （2，1）卷积编码器的原理图见 p154, 图 4-17,(a) 当输入序列 01101，有
1 1 MHz 1.56kHz ； Ts 640 B 288 ； f
再由系统带宽： B 450kHz ，得到子载波数： N
当每个子载波上传输一个比特时，可得未编码时的传输速率
R
288 375kb / s ； 768 10 6 1 288 4 2 当采用 16QAM+1/2 编码时的传输速率为： R 750kb / s ； 768 10 6
m j 1 ， Pj 0 1 1 ， C j 11
（完整版）移动通信原理与系统课后习题答案
（完整版）移动通信原理与系统课后习题答案第一章概述1?1简述移动通信的特点^tfl①移动通信利用无後电沁行信息传衛②移动也fims干扰I不境下工⑦通信吝呈有用，逋億癡纷宾杂丿⑤対移动台的要求高。
】?2移动台主夢受坯些干扰彭响？坯总千吒是埠同系统所特有的？答，①互谓干扰，②邻说干拣③同倾干扰■(蛉宵毎艸所特有吊)多址干执.1.，旬注妊淇式移功連伯旳犬匡万史?说明善代话功週百东统旳柿魚：S.策一代(1G)以横拟式軽窩网为左養待征.是20也SP年代束的坪优初就幵怕商用的。
其中最有代表性的是的AMPS (Advanced Mohle Phone System J 以渭的TACS (lota! Access Communicatoa System)两大系扯?另外述有龙殴的NMT艮日本的HCMTS系统執从技术特色上看?1G以解决两个內态性中瑕基本的用戸这一莖幼态協核"F渲当老虑到姜二至信道动态性。
王要是擋施是乘用炽分多址fDMA方式翊对用户的动态寻址坊违：.并以妹窝丈网络结构和预车规划痢m敢再用方式.达到扩大走需无苓范国和帚足用户数苛烤他京札在信总动态特性匹配上.适当采用了性彼优良的橫猷涸頻方式.并刑用茶站二ixfB)分集方式抿抗之碗杼性袞轧第二代(20)以数字化为主要特征.构翩孚式蛭黑移动谢信系统它干20曲己90年代初正式去向侖用.耳*昂具有代表性的有欧洲的时分多址(TDMA) GSM (GSM Group Special Mobile, 19S9年以gar>3 Global System for Mobile CommuxucidoQ).北姜曲田分多址(CDHA)的IS-9S 两大郭克.男外还有0*05 PDC 系统轨从技木持色上音.它杲以坟字化为荟趾牧全血地誉庭了信型5用户的二生动态特性艮湖应的匹記猎施，主要扌:丄山揑Wg：才匸TDXfAi.GSX：.K CDX(1)采甲杭干批性館优良的訣字式调制I GMSK(GSM). QPSKC1S95).性能优良的拭干扰纠榕编码，肯枳真(GSM. (S-95K矩联码<0SM)i⑵ 彳用功率校制衣TIE抗罢京转和远近效应?这1疔CDMA方求的IS?9$尤为或負(3)采用R适应畑j (GSM)和Rake檢收(IS 95)杭坝李选摄怡衰蒂与多径干状■(4)釆用值2定肘(码如竦用恼间交织方式(GS\D和块交织方罠(1S-9S)曲加性秤罷据三代.(3G)以纟圾U业务为主翌缚征?它于*世圮初和M投人裔业化迄岀有代表性的有北芙的CDMA2000.欧汕和E*的UCDMA及我国握岀的TD SCDMA三尺系疝另外还有欧制的DECT及北美的UMC-B6.从技术上看.3G是住2G系扰适配信追与用户二垂功态約性的基瑞上又引入了业务用动态也即在3G 系统中.用户业务既可以是单一的倍音、细职国悅也可以是多嫖洌1务，且用户适择业务是幢机的，这个是第三运渤态性的引人忡禺貌大大复卒化。
移动通信课后题答案
《移动通信》课后习题P251.答：移动通信是指通信双方至少有一方在移动中进行信息传输和交换，这包括移动体和移动体之间的通信，移动体和固定点之间的通信。
移动通信的特点：(1)移动通信必须利用无线电波进行信息传输；(2)移动通信是在复杂的干扰环境中运行的；(3)移动通信可以利用的频谱资源非常有限，而移动通信业务量的需求却与日俱增；(4)移动通信系统的网络结构多种多样，网络管理和控制必须有效；(5)移动通信设备必须适用于移动环境中使用。
2.答：单工通信是指通信双方电台交替地进行收信和发信。
其优点是信道的全部带宽都用于由发送方到接收方的数据传送且功耗小；缺点是信息只能在一个方向传送，发送方不能接收，接收方不能发送。
双工通信是指通信双方可同时进行传输消息的方式。
其优点是使用方便，接收和发射可同时进行。
缺点是电源消耗较大，对移动台不利。
3.答：数字移动通信系统优点：(1)频谱利用率高，有利于提高系统容量；(2)能提供多种业务服务，提高通信系统的通用性；(3)抗噪声、抗干扰和抗多径衰落的能力强；(4)能实现更有效、灵活的网络管理和控制；(5)便于实现通信的安全保密；(6)可降低设备成本和减小用户手机的体积和重量。
4.答：常用移动通信系统类型：(1)无线电寻呼系统；(2)蜂窝移动通信系统；(3)无绳电话系统：(4)集群移动通信系统：(5)移动卫星通信系统：(6)分组无线网。
9.答：移动通信主要技术：(1)调制技术。
调制的目的是把要传输的模拟信号或数字信号变换成适合信道传输的高频信号，并提高信号通过信道传输时的抗干扰能力。
(2)移动信道中电波传播特性的研究。
在移动信道中，发送到接收机的信号会受到传播环境中地形、地物的影响而产生绕射、反射或散射因而形成多径传播，这会使得接收端的合成信号在幅度、相位和到达时间上发生随机变化，严重地降低接收信号的传输质量。
(3)多址方式。
在移动通信网络中通过运用多址方式来在频谱资源有限的条件下来提高通信系统的容量。
计算机网络第四版参考答案第二章
计算机网络第四版参考答案第二章第二章物理层（P66）1、物理层要解决哪些问题？物理层的主要特点是什么？答：（1）物理层要解决的主要问题：①物理层要尽可能屏蔽掉物理设备、传输媒体和通信手段的不同，使上面的数据链路层感觉不到这些差异的存在，而专注于完成本层的协议与服务。
②给其服务用户（数据链路层）在一条物理的传输媒体上传送和接收比特流（一般为串行按顺序传输的比特流）的能力。
为此，物理层应解决物理连接的建立、维持和释放问题。
③在两个相邻系统之间唯一地标识数据电路。
（2）物理层的主要特点：①由于在OSI之前，许多物理规程或协议已经制定出来了，而且在数据通信领域中，这些物理规程已被许多商品化的设备所采用。
加之，物理层协议涉及的范围广泛，所以至今没有按OSI的抽象模型制定一套新的物理层协议，而是沿用已存在的物理规程，将物理层确定为描述与传输媒体接口的机械、电气、功能和规程特性。
②由于物理连接的方式很多，传输媒体的种类也很多，因此，具体的物理协议相当复杂。
4、、物理层的接口有哪些方面的特性？各包含什么内容？答：(1)机械特牲说明接口所用接线器的形状和尺寸、引线数目和排列、固定和锁定装置等等。
(2)电气特性说明在接口电缆的哪条线上出现的电压应为什么范围。
即什么样的电压表示1或0。
(3)功能特性说明某条线上出现的某一电平的电压表示何种意义。
(4)规程特性说明对于不同功能的各种可能事件的出现顺序。
5、奈氏准则与香农公式在数据通信中的意义是什么？比特和波特有何区别？答：奈氏准则与香农公式的意义在于揭示了信道对数据传输率的限制，只是两者作用的范围不同。
奈氏准则给出了每赫带宽的理想低通信道的最高码元的传输速率是每秒2个码元。
香农公式则推导出了带宽受限且有高斯白噪声干扰的信道的极限信息传输速率C=Wlog2（1+S/N），其中W为信道的带宽（以赫兹为单位），S为信道内所传信号的平均功率，N为信道内部的高斯噪声功率。
比特和波特是两个完全不同的概念，比特是信息量的单位，波特是码元传输的速率单位。
西电移动通信第四版答案
解:
(1) c1(t)=1001011
(2)
b1(t) -1 1 c1(t) -1 1 y1(t) -1 1 0
c2(t)=1110010
0 1
c3(t)=1011100
1
1
1
b2(t)
-1
0 1
0
0 1
1
c2(t) -1
1 y2(t)
-1
1
b3(t)
-1 1
0 1
0 1
1
c3(t) -1
1 y3(t)
G=Tb/Tc=7.
①各扩频码序列c1(t),c2(t)和c3(t)为同一个m序列，但起始位置 不同，如图1所示，请确定其码序列。 ②画出图中发送端各点的波形。 ③画出期望接收的信号和干扰信号在接收端各点的波形。
④分析该系统是否能消除干扰？
起始位置
D1 D2 D3
输出 CP
c1(t)
001
c2(t)
0 P3 1 0 0 0 1
P2
（3）III类 HARQ
1 1 P1 1 0 0 1
1 1 P2 0 1 1 0
21
解: 输入序列dk=[0 1 0 0 1 1 0 1] 交织后的比特序列 : d’k=[0 1 1 1 0 0 0 1] 不考虑尾比特, 编码输出序列如下:
补充习题 第二章 移动信道中的电波传播—作业
2.试比较10dBW,10W,及10dB有无差别？ (1) W w是功率单位。 (2) dBw 表示功率绝对值的单位, 可以认为是以1W功率为基准的一个比值 计算公式为：10log（功率值/1w） (2) dBm 表示功率绝对值的单位,可认为是以1mW功率为基准的一个比值. 计算公式为： 10log（功率值/1mw） (3) dB dB是表示两个量的相对大小关系. 对于电压值，dB以20 log Va/Vb给出； 对于功率值， dB以10 log Pa/Pb给出。 [例] 如果功率P为10W，按dBW单位进行折算后的值为10dBW [例] 对于10W的功率，按dBm单位进行折算后的值应为： 10log（10W/1mw)=10log（10000）=40dBm
现代通信原理与技术课后答案完整版-张辉第二章
第二章2-3 在t=1时，ξ(t)的数学期望1)2cos 210cos 21(2)(cos 2))2(cos(2))2cos(2()1(1=+==+=+==πθθπθπξE E E E t在t1=0，t2=1时，ξ(t)的自相关函数2)2cos 210cos 21(4]cos 4[)]2cos(2cos 2[)]1()0([)1,0(222=+==+⋅==πθθπθξξξE E E R 2-4 由题意可知，x(t)是平稳随即过程，则0)]([)]([)]()([)]([=-=--=--=a a T t x E t x E T t x t x E t y E)()()()(2 )()()()( )]()()()()()()()([ )]}()()][()({[ )]()([),(ττττττττττττττττy x x x x x x x y R T R T R R R T R T R R T t x T t x t x T t x T t x t x t x t x E T t x t x T t x t x E t y t y E t t R =+---=++---=-+-++---+-+=-+-+--=+=+可见，y(t)的均值与时间无关，自相关函数只与时间间隔τ有关，所以y(t)是平稳随机过程。
2-5解（1）因为和相互独立，所以有又因，方差，所以有故（2） 因为和服从高斯分布，是和的线性组合，所以也服从高斯分布，其一维概率密度函数（3）因为故2-7 （1）欲证随机过程z(t)广义平稳，只需验证z(t)的数学期望与时间无关，z(t)的自相关函数仅与时间间隔τ有关即可。
由题意可知，m(t)的数学期望为常数；)20(,21)(πθπθ≤≤=f ，则 021)cos()]([ ))(( )][cos()]([)]cos()([)]([20000=+⋅=+⋅=+=⎰θπθωθθωθωπd t t m E t m t E t m E t t m E t z E 独立与)(cos 21)( )](cos 210)[( )]}(cos 21[)]](2cos[21[){( )}(cos 21)](2cos[21{)( )]cos()[cos()]()([ )]cos()()cos()([)]()([),(02102102102102102010212021012121ττωτωτωωθτωωθτθωθωθωθωz m m m m z R R t t R t t E t t E R t t t t E R t t E t m t m E t t m t t m E t z t z E t t R ==-+=-+++=-+++=++=++==可见，z(t)的均值与t 无关，自相关函数只与时间间隔τ有关，故z(t)广义平稳。
现代通信技术概论第二章专题研究习题和参考答案
现代通信技术概论第二章专题研究习题和参考答案第二章专题研究1、模拟信号的数字化利用数字通信系统传输模拟信号，首先需要在发送端把模拟信号数字化，即进行模/数转换；再用数字通信的方式进行传输；最后接受端把数字信号还原为模拟信号，即进行数/模转换。
模/数转换的方法采用最早而且目前应用比较广泛的是脉冲编码调制（PCM）。
它对模拟信号的数字化处理包括抽样、量化和编码三个步骤，由此构成的数字通信系统为PCM通信系统，如下图所示。
/数/由图可见，PCM主要包括抽样、量化和编码三个过程。
抽样是指把时间连续的模拟信号转换成时间离散但幅度仍然连续的抽样信号的过程；量化是指利用预先规定的有限个电平来表示模拟抽样值的过程；编码是将量化后的信号编码形成一个二进制码组输出的过程。
在具体实现上，编码与量化通常是同时完成的，换句话说，量化实际是在编码过程中实现的。
国际标准化的PCM码组（电话语音）使用8位码组代表一个抽样值。
通过PCM编码后得到的数字基带信号可以直接在系统中传输（即基带传输）；也可以将基带信号的频带搬移到适合光纤、无线信道等传输的频带上再进行传输（即频带传输）。
接收端的数/模转换包含了译码和低通滤波器两部分。
译码是编码的逆过程，它将接收到的PCM信号还原为抽样信号（实际为量化值，它与发送端的抽样值存在一定的误差，即量化误差）。
低通滤波器的作用是恢复或重建原始的模拟信号，它可以看做是抽样的逆变换。
语音信号的数字化称为语音编码，图像信号的数字化称为图像编码，两者虽然各有特点，但基本原理是一致的。
下面以语音信号的PCM编码为例，分析模拟信号的数字化过程，PCM编码方法同样适用于图像编码。
抽样所谓抽样就是每隔一定的时间间隔T s（又称抽样间隔）抽取模拟信号的一个瞬时幅度值（样值），即抽样是把时间上连续的模拟信号变成一系列时间上离散的抽样序列的过程。
抽样中的主要问题在于：抽样间隔T s应该取多大，才能使上述时间上离散的样值序列包含原模拟信号的全部信息？并且，经过量化、编码、传输和译码后，接收端能否还原出原来时间上连续的模拟信号？这些就是抽样定理要解决的问题。
《现代通信技术》课后答案
∫ ∫ ∫ =
∞ −∞
∞ −∞
h(
u)h(
v
)[
1
2π
ω ω P ( )e d ][e + e ∞
−∞ n
jω (τ +u−v )
jωc ( 2t +τ −u−v )
− jωc ( 2t +τ −u−v )
+ e jωc (τ +u−v) + e − jωc (τ +u−v) ]dudv
∫ ∫ ∫ =
e j 2ωct
2π
∞ −∞
Pn
(ω
)e
j(ω
+ωc
)τ
∞ h(u)e j(ω −ωc )udu ∞ h(v)e − j(ω +ωc )vdvdω
−∞
−∞
∫ ∫ ∫ +
e − j 2ωct
2π
∞ −∞
Pn
(ω
)e
j(ω
−ωc
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∞ h(u)e j(ω +ωc )udu ∞ h(v)e − j(ω −ωc )vdvdω
−∞
−∞
∫ ∫ ∫ +
1
2π
∞ −∞
Pn
(ω
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−ωc
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∞ h(u)e j(ω −ωc )udu ∞ h(v)e − j(ω −ωc )vdvdω
−∞
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e j 2ωct
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j (ω +ωc
)τ
[H *(ω
−
ωc
)H
(ω
+
ωc
)]dω
移动通信（第4版）大学本科教材移动通信思考题
《移动通信》思考题
第一章概述
1. 移动通信的定义。
2. 移动通信的特点。
3. 移动通信的分类。
4. 双工方式的种类。
5. 3G标准。
第二章调制解调，第三章移动信道的传播特性1. 所有做过的练习题
第四章抗衰落技术
1. 分集的含义，分集方式和合并方式
2. RAKE和均衡技术的区别
第五章组网技术
1. 蜂窝的概念
2. 区群（簇）的组成。
3. 提高蜂窝系统容量的技术。
4. 蜂窝系统的同频干扰（第5章的习题）。
5. 话务量的计算（第5章的习题）。
第六章 GSM数字蜂窝移动通信系统
1. GSM系统的网络结构（GSM系统包含哪些功能实体）
2. GSM系统的无线接口。
3. GSM系统的逻辑信道的分类及各种信道的功能。
4. GSM系统的控制与管理，包括位置更新的类型，移动台开机接入GSM系统
的过程等
5. GPRS的网络结构及SGSN、GGSN的功能
第七章 CDMA数字蜂窝移动通信系统
1. CDMA系统的特点。
2. IS-95 CDMA的基本参数，如扩频码速率，双工方式等。
3. 在CDMA蜂窝系统中，各种码型的功能。
4. IS-95 CDMA软切换的含义及切换类型。
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现代移动通信第四版第二章课后答案收集于网络，如有侵权请联系管理员删除第二章 思考题与习题1 无线电波传播共有哪几种主要方式？各有什么特点？答：典型的电波传播方式有直射、反射、折射、绕射、散射等。
当电波的直射路径上无障碍物时，电波直接到达接收天线；当电波的直射路径上存在障碍物时，电波会绕过障碍物遮挡向前传播形成绕射波；当电波在平坦地面上传播时，因大地和大气是不同的介质而使入射波在界面上产生反射波；当电波入射到粗糙表面时，反射能量由于散射而散布于所有方向，形成散射波。
2 自由空间传播的特点是什么？答：自由空间传播是指空间周围为无限大真空时的电波传播，它是理想传播条件。
电波在自由空间传播时，其能量既不会被障碍物所吸收，也不会产生反射或散射。
电波在自由空间传播时，媒质的相对介电常数和相对导磁率都等于1，传播路径上没有障碍物阻挡，到达接收天线的地面反射信号场强忽略不计。
自由空间中电波传播损耗为32.4420lg (km)20lg (MHz)fs L d f =++，其中，d 为T-R 间距离，f 为电波频率。
其规律是:与2d 成反比→距离越远，衰减越大；与2f 成反→频率越高，衰减越大。
3 设发射机天线高度为40m ，接收机天线高度为3 m ，工作频率为1800MHz ，收发天线增益均为1，工作在市区。
试画出两径模型在1km 至20km 范围的接收天线处的场强。
（可用总场强对0E 的分贝数表示）解：40,3,1800t r h m h m f MHzd d d ===∴∆==Q 反射波与直射波的路径差为 因为）（ϕ∆-+=j Re1E E 0又因为18001501;f MHz MHz R =>=-所以有 ])37(1)43(1[12])37(1)43(1[222222dd d d d d c f d +-+=+-+=∆=∆ππλπϕ 此时接收到的场强为)1(Re1E E ])37(1)43(1[20022d d d j j e E +-+-∆--=+=πϕ）（ 用分贝表示为km d km e E E d d d j 201)1lg(10])37(1)43(1[2022<<-=+-+-π用Matlab 画出变化曲线。
由式（2-29）可知，其规律是:—与4d 成反比→比自由空间衰减快得多。
收集于网络，如有侵权请联系管理员删除—与频率成无关。
4 用两径模型的近似公式解上题，并分析近似公式的使用范围。
解：用两径模型的近似公式d d c f d d d h h d r t ππλπϕ144022120=∆=∆=∆==∆ 此时接收到的场强为)1(Re 1E E 144000d j j e E πϕ-∆--=+=）（ 用分贝表示为km d km e E E d j 201)1lg(101440 0<<-=-π此时近似公式必须满足d h h r t <<+因为满足条件，,1000)(43m d MIN m h h r t ==+所以以上近似公式可用。
5什么是等效地球半径？为什么要引入等效地球半径？标准大气的等效地球半径是多少？ 答：地球等效半径是指电波依然按直线方向行进，只是地球的实际半径0R (6.37×106m)变成了等效半径e R 。
为了研究大气折射对电波传播的影响而引入等效地球半径。
因为等效地球半径系数k ＝4/3，所以等效地球半径8500e R km =。
6 设发射天线的高度为200m ，接收天线高度为20m ，求视距传播的极限距离。
若发射天线为100m ，视距传播的极限距离又是多少？ 解：视线传播的极限距离为km h h R d r t e 7.76)20200(100085002)(2≈+⨯⨯=+=若发射天线的高度为100m ，则视线传播的极限距离为km h h R d r t e 7.59)20100(100085002)(2≈+⨯⨯=+=7 为什么说电波具有绕射能力？绕射能力与波长有什么关系？为什么？答：因为电波在传输过程中的波前的所有点都可以作为产生次级波的点源，这些次级波组合起来形成传播方向上新的波前，绕射就是由次级波的传播进入阴影去而形成的。
绕射能力与波长存在下面的关系ν=即波长越长，绕射能力越弱。
这是因为阻挡体对次级波的阻挡产生了绕射损耗，仅有一部分能量能绕过阻挡体，这里的绕射损耗跟电波的频率有关，相对于同一个阻挡物来说，频率越大，绕射损耗越小，绕射能力就比较强；频率越小，绕射损耗越大，绕射能力就越弱。
8相距15km的两个电台之间有一个50m高的建筑物，一个电台距建筑物10km，两电台天线高度均为10m，电台工作频率为900MHz，试求电波传播损耗。
解：菲涅尔余隙133.3x==≈绕射参数1(5010)1.233.3xx--==-，查表得附加损耗为18.5dB则电波传播损耗为：18.5(32.4420lg1520lg900)18.5133.55fsL L dB dB dB dB=+=+++=9如果其它参数与上题相同，仅工作频率为①50MHz；②1900MHz，试求电波传输损耗各是多少？解：当工作频率为 50MHz时，菲涅尔余隙1141.4x==≈绕射参数1(5010)0.28141.4xx--==-，查表得附加损耗为10dB则电波传播损耗为：18.5(32.4420lg1520lg900)10125.05fsL L dB dB dB dB=+=+++=当工作频率为1900MHz时菲涅尔余隙122.9x==≈绕射参数1(5010)1.7422.9xx--==-，查表得附加损耗为22dB则电波传播损耗为：18.5(32.4420lg1520lg900)22137.05fsL L dB dB dB dB=+=+++=收集于网络，如有侵权请联系管理员删除收集于网络，如有侵权请联系管理员删除10 移动通信信道中电波传播的特点是什么？答：移动通信信道中电波传播的基本特点是：1）随信号传播距离而导致的传播损耗（大尺度范围），2）由地形起伏、建筑物及其它障碍物对电波的遮蔽而引起的损耗（阴影衰落），3）因发射、绕射和散射等因素造成的多径传播而引起的接收信号幅度和相位的随机变化，结果将导致严重的衰落。
11 设工作频率分别为900MHz 和2200MHz ，移动台行驶速度分别为30m/s 和80m/s ，求最大多普勒频移各是多少？试比较这些结果。
解：当工作频率为900MHz ，行驶速度为30m/s 和80m/s 时的最大多普勒频移为： 61118309001090()310m f f Hz c ννλ⨯⨯====⨯ 622288090010240()310m f f Hz c ννλ⨯⨯====⨯ 当工作频率为2200MHz ，行驶速度为30m/s 和80m/s 时的最大多普勒频移为：6111830220010220()310m f f Hz c ννλ⨯⨯====⨯ 6222880220010586.7()310m f f Hz c ννλ⨯⨯====⨯ 由以上的计算结果可以知道，最大多普勒频移与移动台的速度和工作频率有关，速度越大；最大多普勒频移越大，频率越大，最大多普勒频移。
12 设移动台速度为100m/s ，工作频率为1000MHz ，试求1分钟内信号包络衰减至信号均方根（rms ）电平的次数。
平均衰落时间是多少？解：：由题rms R R =，所以1rmsR R ρ==，由式（3-56）计算出0.915R m N f = )(3.01010398m f =⨯==νλ而）（KHz f m 33.0100===λν，所以 )(5.2743000915.0HZ N R =⨯=所以在1分钟之内信号包络衰减至信号均方根电平的次数为)(1647060次=⨯=R N N收集于网络，如有侵权请联系管理员删除平均衰落时间为 ()R RP r R N τ≤=其中：6321.01]2exp[1)()(122≈-=--==≤-∞-⎰e R dr r p R r p rms R rms r rms σms N R r P R rms R 3.25.2746321.0)(≈=≤=τ 13 设移动台以匀速行驶，并接收到900MHz 的载频信号。
测得信号电平低于rms 电平10dB 的平均衰落持续时间为1ms ，问移动台在10s 钟内行驶多远？并求出10s 钟内信号经历了多少低于rms 门限电平的衰落。
解：由题中2110rmsR R =得0952.01]2exp[1)()(1.022≈-=--==≤-∞-⎰e R dr r p R r p rmsR r rms σ 因为ms N N R r P RR rms R 10952.0)(==≤=τ 所以HZ N R 2.95=由题意的rms R R =，所以1rmsR R ρ==，由式（3-56）计算出0.915R m N f = 所以104.0437HZ 915.0==R m N f 由)(3/110910388m f =⨯⨯==νλ和λν=m f 可得s m f m /6812.323/0437.104===λν所以移动台在10秒内行驶了326.812m在10s 内移动台经历了低于rms 门限电平的衰落的次数为)(95210次==R N N 14 如果某种特殊调制在/0.1s T ∆≤时能提供合适的误比特率(BER)，试确定下图（图题2.1）所示的无均衡器的最小符号周期(由此可得最大符号率)。
收集于网络，如有侵权请联系管理员删除0 dB-10 dB5075100（a ）0 dB -10 dB 510（b ）00图2.1 习题14的两个功率时延分布解：对于（a ），ns 725.27]01.01.011[)100)(01.0()75)(1.0()50)(1()0)(1(=++++++=τ 2222228.149801.01.011)100)(01.0()75)(1.0()50)(1()0)(1(ns =++++++=τ 所以rms 时延扩展为:ns 27)725.27(8.14982=-=τσ由于1.0/≤s T δ，即ns T s 27010=≥τσ所以最小符号周期ns T s 270min = 对于（b ），(0.01)(0)1*(5)(0.1)(10) 5.41[10.10.01]s τμ++==++ 22222(0.01)(0)1*(5)(0.1)(10)31.530.0110.1s τμ++==++ 所以rms 时延扩展为: 1.50s τσμ==由于1.0/≤s T δ，即1015s T s τσμ≥=所以最小符号周期min 15s T s μ=若同时满足（a ）和（b ）两个环境，则最小符号周期为15s μ。