四川省成都七中2014届高三数学10月阶段性考试卷 文 新人教A版

合集下载
  1. 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
  2. 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
  3. 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。

四川省成都七中2014届高三10月阶段性考试数学(文)试题
第Ⅰ卷 (选择题 共50分)
一、选择题 (本大题共10小题,每小题5分,共50分,在每小题给出的四个选项中,只
有一项是符合题目要求的) 1、已知集合{}
12<<-=x x M ,{}2,1,0,1,2,3---=N ,则=N M (▲ ) A .{}1,0,1,2-- B .{}0,1- C .{}1,0,1- D .{}1,0 2、若命题“p 或q ”是真命题,“p 且q ”是假命题,则( ▲ ) A.命题p 和命题q 都是假命题 B.命题p 和命题q 都是真命题 C.命题p 和命题“q ⌝”的真值不同 D.命题p 和命题q 的真值不同 3、设函数f (x )是连续可导函数,并且='=∆-∆+→∆)(,22)
()(lim
0000
x f x
x f x x f x 则( ▲ )
A .
2
1 B .2-
C .4
D .2
4、对于函数(),y f x x R =∈,“|()|y f x =的图象关于y 轴对称”是“y =()f x 是奇函数”的( ▲ )
A .充分而不必要条件
B .必要而不充分条件
C .充要条件
D .既不充分也不必要
5、命题“若0>m ,则02
=-+m x x 有实数根”与其逆命题、否命题、逆否命题这四个
命题中,假命题的个数是( ▲ )
A .0
B .1
C .2
D .3
6、定义在实数集R 上的函数()f x ,对一切实数x 都有)()(x f x f -=+21成立,若
()f x =0仅有101个不同的实数根,那么所有实数根的和为( ▲ )
A .101
B .151
C .303
D .
2
303
7、已知函数⎩⎨⎧≥+-<=)
0(4)3(),0()(x a x a x a x f x 满足对任意0)
()(,212121<--≠x x x f x f x x 都有
成立,则a 的取值范围是( ▲ ) A .]4
1,0( B .)1,0( C .)1,4
1[
D .)3,0(
8、方程1log )11(2
+=+-x x
x
的实根0x 在以下那个选项所在的区间范围内( ▲)
A.)21,85(--
B.)83,21(--
C.)41,83(--
D.)
81
,41(--
第Ⅱ卷 ( 非选择题 共100分)
二、填空题本大题共5小题,每小题5分,共25分.把答案填在后面的答题卷的相应地方. 11、设集合102M x x ⎧⎫
=-<⎨⎬⎩⎭
,{}210N x x =+>,则M N =I ▲ (用集合表示)
12、命题“012,2
≥+-∈∀x x R x ”的否定为 ▲ 13、函数)12(log )(22
1--=x x x f 单调递减区间为 ▲
14、已知函数0≤x 时,x
x f 2)(=,0>x 时,,则函数1)]([-=x f f y 的零点个数有 ▲ 个.
15、下列命题是真命题的序号为: ▲
①定义域为R 的函数)(x f ,对x ∀都有)1()1(x f x f -=-,则)1(-x f 为偶函数 ②定义在R 上的函数)(x f y =,若对R x ∈∀,都有2)1()5(=-+-x f x f ,则函数
)(x f y =的图像关于)2,4(-中心对称
③函数)(x f 的定义域为R ,若)1(+x f 与)1(-x f 都是奇函数,则)1949(+x f 是奇函数 ④函数)0()(2
3
≠+++=a d cx bx ax x f 的图形一定是对称中心在图像上的中心对称图形。

⑤若函数)0()(2
3
>+++=a d cx bx ax x f 有两不同极值点21,x x ,且11)(x x f =,则关于
x 的方程0)(2)]([32=+⋅+⋅c x f b x f a 的不同实根个数必有三个
成都七中高2014届高三数学阶段性考试(文科)
一、选择题 BDCBC DACCA 二、填空题
11、⎭
⎬⎫⎩
⎨⎧<<-
212
1
x x 12、0x R ∃∈,2
00210x x -+< 13、(1,)+∞ 14、3 15、③④⑤ 三、解答题:
16、解:由命题p 得(3)()0x a x a --<,
由命题q 得22
28042,
2323,60
x x x x x x x x ⎧+-><->⎧⎪⇒⇒<≤⎨⎨-≤≤--≤⎪⎩⎩或 由此分析,只有0>a 才可能,所以对于p :3a x a << 设(](,3),2,3A a a B ==
p 是q 的必要不充分条件
故A B ⊇,23a a ∴≤>且3 又0>a ,故12a <≤
17、解:原试可化为21()22252
x x y =⋅-+ ,令2[1,4]x
t =∈,
则22125(2)322
t y t t =-+=-+
当1x =时,2t =,min 3y = 当2x =时,4t =,max 5y =
18、解:(1)因(1)(11)(1)(1)0f f f f ==+= ;故(1)0f =,同理赋值得0)1(=-f 11.对任意0x ≠,)()()(2
x x f x x f x f -⋅-=⋅= )()()()(x f x f x f x f -+-=+⇒ )(2)(2x f x f -=⇒ 故)()(x f x f -=,函数)(x f 为偶函数。

(注:此处证法不唯一)
(3)因1)4(=f ;故)16()4()4(112f f f =+=+= 又))62)(13(()62()13(-+=-++x x f x f x f )16(2f =≤;
因)(x f 在),0(+∞上为增函数,故16)62)(13(≤-+x x 解得113
11
35≤≤-≤≤x x 或。

(不写集合不扣分)
19、解:(Ⅰ)();1,0)(,10,0,1ln )('
'⎪⎭

⎝⎛∴<<<+=e x f e
x x f x x f 单调递减区间是解得令
();,1)(,1,0'
⎪⎭

⎝⎛+∞∴>>e
x f e x x f
单调递增区间是解得令
(Ⅱ)由题意2123ln 22+-+≤ax x x x 即123ln 22++≤ax x x x ()+∞∈,0x
可得x x x a 21
23ln --≥
设()x
x x x h 2123ln --=, 则()()()2
2'213121
231x x x x x x h +--
=+-= 令()0'
=x h ,得3
1,1-==x x (舍)
当10<<x 时,()0'>x h ;当1>x 时, ()0'
<x h ∴当1=x 时,()x h 取得最大值, ()x h m ax =-2 2-≥∴a .
a ∴的取值范围是[)+∞-,2.
20、解(1)由题意得
05
5
>+-x x ,即0)5)(5(>+-x x ,解得55>-<x x 或; 同理:303>⇒>-x x
故)(x f 的定义域为55>-<x x 或,)(x g 的定义域为3>x
(2))()(x g x f =)3(log 155
log -+=+-⇒x x x a a 1)3(log 5
5
log =--+-⇒x x x a a
1)3)(5(5log =-+-⇒x x x a
a x x x =-+-⇒)
3)(5(5
又方程)()(x g x f =在5>x 范围内有实根,故
125
20
)5(1+-+
-=
x x a 解得:16
5
30-≤
<a
注:此题解法很多,但都必须强调在)5,(-∞内 21、(本小题1问5分,2问10分,满分15分)
解:'()(1)22(2)x x x x
f x x e e kx xe kx x e k =-+-=-=-
(1)当1k =时,令'()(2)0x
f x x e =-=,得120,ln 2x x ==
当0x <时,'()0f x >;当0ln 2x <<时,'()0f x <;当ln 2x >时,'()0f x >; ∴函数()f x 的单调递增区间为(,0)-∞、(ln 2,)+∞;单调递减区间为(0,ln 2)
(2)∵
1
12
k <<, ∴ 122k <<, 所以 0ln 2ln 2k << 记()ln 2,h k k k =-则21'()12k h k k k -=-=在1(,1)2
k ∈有'()0h k <, ∴当1
(,1)2k ∈时,()ln 2(1)1ln 20h k k k h =->=->。

即ln 20k k >>
∴当1
(,1)2
k ∈时,函数()f x 在[0,ln 2)k 单调递减,在(ln 2,]k k 单调递增。

(0)1f =-,3()(1)k f k k e k =--,记3()()(1)k g k f k k e k ==--,下证()1g k ≥-
'()(3)k g k k e k =-,设()3k p k e k =-,令'()30k p k e =-=得ln31k =>
∴()3k
p k e k =-在1(,1]2
为单调递减函数,
而13
() 1.502
2
p =
>=,(1)30p e =-< ∴'()(3)0k
g k k e k =-=的一个非零的根为01(,1]2
k ∈,且003k e k =
显然3
()(1)k g k k e k =--在01(,)2
k 单调递增,在0(,1]k 单调递减,
∴3
()()(1)k g k f k k e k ==--在1(,1)2
上的最大值为
332
300000000()(1)333(1)11g k k k k k k k k =--=-+-=-->-
11
()128
g =>-⇔74>而74>>
∴ 1
()12
g >-,(1)1g =-
综上所述,当1(,1]2
k ∈时,函数()f x 在[0,]k 的最大值M 3
(1)k k e k =--.
注:思路较多,但没说明为什么在k 取最大值或不清楚的至少扣4分。

相关文档
最新文档