电流做功与电功率2017中考物理分类汇总

电流做功与电功率1、（2017邵阳）“节能减排，从我做起”。

芳芳同学养成了随手断开家中暂时可以不用的用电器的习惯。

当她断开一个用电器后，家庭电路中会变大的物理量是CA．总电流B．总电压C．总电阻D．总功率2、（2017南京）如图所示电路中，电源电压不变，闭合开关后，当滑片P在某一端点时，电流表示数为0.3A，小灯泡消耗的功率为0.9W；当滑片P移至中点时，电压表示数变化了2V，此时小灯泡恰好正常发光，且消耗的功率为2W．下列说法正确的时（）A．小灯泡正常发光时的电阻为10ΩB．滑动变阻器的最大阻值为20ΩC．电源电压为8VD．当滑片P在最右端时，滑动变阻器消耗的功率为3.2W【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．【分析】由电路图可知，灯泡、滑动变阻器串联连接，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）闭合开关后，当滑片P在某一端点时，根据P=UI即可求出灯泡两端的电压；当滑片P 移至中点时，由于滑动变阻器变小，电路中的电流变大，灯泡两端的电压变大，根据电压表示数变化量即可得出此时电灯泡两端的电压，利用P=即可求出灯泡的电阻；（2）当滑片P移至中点时，根据P=UI求出电路中的电流，然后应用串联电路特点与欧姆定律根据电源电压不变可以求出滑动变阻器的最大阻值和电源电压．（3）当滑片P在最右端时，滑动变阻器全部连入电路，应用电功率公式P=I2R求出滑动变阻器消耗的功率．【解答】解：由电路图可知，灯泡、滑动变阻器串联连接，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）闭合开关后，当滑片P在某一端点时，根据P=UI可知：灯泡两端的电压UL===3V；当滑片P移至中点时，由于滑动变阻器变小，电路中的电流变大，灯泡两端的电压变大，所以此时电灯泡两端的电压UL′=UL+2V=3V+2V=5V；由于灯泡正常发光时根据P=得：灯泡正常发光时的电阻RL===12.5Ω，故A错误；（2）当滑片P在某一端点时，滑动变阻器全部连入电路，根据串联电路电阻特点和I=可得：电源电压U=UL+IR=3V+0.3A×R﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①当滑片P移至中点时，根据P=UI可知：电路中的电流I′===0.4A，根据串联电路电阻特点和I=可得：电源电压U=I′（RL+R）=0.4A（12.5Ω+R）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②解①②可得：R=20Ω，故B正确；U=9V，故C错误；（3）当滑片P在最右端时，滑动变阻器全部连入电路，滑动变阻器消耗的功率P=I2R=（0.3A）2×20Ω=1.8W，故D错误．故选B．3、（2017南京）在“测量小灯泡额定功率”实验中，小灯泡的额定电压U额=2.5V．（1）图甲是测量小灯泡额定功率的实物电路图，图中有一根线连接错误，请在这根线上打“×”，并在图中改正．（2）闭合开关前，滑片P应位于（选填“A”或“B”）端．（3）闭合开关，移动滑片P直到电压表示数为2.5V，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为W．（4）小华设计了如图丙所示的电路也完成了该实验，请完成下列填空（电源电压不变，R1和R2为滑动变阻器，R2的最大电阻为R0）．①只闭合开关，调节R2，使电压表的示数为2.5V；②只闭合开关，调节，使电压表的示数仍为2.5V；③接着将R2的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1；再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2，则小灯泡额定功率的表达式P额=（用U额、R0、U1、U2表示）．【考点】电功率的测量．【分析】（1）分析电路图可知，电压表也串联在电路中，故此时没有电流通过；要想有电流通过，必须是灯泡与电流表串联，电压表与灯泡并联；（2）电路闭合前，滑动变阻器滑片应位于阻值最大处；（3）额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，根据电流表的量程和分度值读出示数，根据P=UI求出灯泡的额定功率；（4）①只闭合小灯泡所在支路，通过调节滑动变阻器R2使灯泡两端电压为额定电压，即2.5V；②只闭合R1所在支路，通过调节滑动变阻器R1使R1两端电压为小灯泡的额定电压，即2.5V；③将R2的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1；再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2，根据串联分压的原理求出R1的大小，即小灯泡电阻的大小，再利用P=求出小灯泡额定功率．【解答】解：（1）分析实物图可知，此时灯泡与电流表并联后又与电压表串联，故此时没有电流通过，小灯泡不发光，电压表测的是电源电压约为3V；为让灯泡与电流表串联，电压表测灯泡两端电压，将小灯泡右侧连线改接到电压表左侧，如下图：（2）为了保护电路，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应为于阻值最大处，即B端；（3）图（乙）中，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.26A，则灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.26A=0.65W；（4））①只闭合小灯泡所在支路，即闭合S、S1，通过调节滑动变阻器R2使灯泡两端电压为额定电压，即2.5V；②利用等效替代的方法，只闭合R1所在支路，即闭合S、S2，通过调节滑动变阻器R1使R1两端电压为小灯泡的额定电压，即2.5V，此时R1=RL；③将R2的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1；再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2，根据串联分压的原理：=，解得，R1=；小灯泡额定功率的表达式P额====故答案为：（1）如上图；（2）B；（3）0.65；（4）①S、S1；②S、S2；R1；③．4、（2017苏州）在“探究影响电流热效应的因素”实验中，可通过观察玻璃管中煤油柱的高度变化来比较电阻丝产生热量的多少（如图）．以下研究中所采用方法与此相同的是DA．用水流类比电流来建立电流的概念B．探究导体电阻大小与横截面积的关系时需保持材料和长度不变C．用图像描述电流与电压的关系D．根据小磁针的偏转情况判定电流周围是否存在磁场5、（2017苏州）如图所示，电源电压4.5V，定值电阻R0为10Ω，滑动变阻器R规格为“20Ω 2A”，电流表和电压表量程分别选择“0～0.6A”、“0～3V”．闭合开关S，电路正常丁作时，下列叙述正确的是CA．电流表示数最大值为0.6AB．电压表示数范围为1V～3VC．滑动变阻器的功率可达0.5WD．滑动变阻器阻值变化范围为5Ω～10Ω6、（2017苏州）（10分）如图是某家用电热水器的简化电路图，温控开关S可根据水温自动切换加热和保温两种状态，R1、R0是发热电阻，热水器主要参数如下表．[水的比热容为4.2×103J/(kg．℃)]（1）开关S 跳至_______触点位置时，热水器进入保温状态水箱内装满水时，水的质量为 _______ kg ．（2）R2的阻值为多大？（3）水箱中装满初温为25℃的水，加热使温度升高到55℃，水需要吸收多少热量？（4）在上述加热状态下，热水器正常工作35min 需消耗多少电能？加热效率是多少？（1）b 30 （2）36.3Ω （3）3.78×106 J （4）4.2×106 J 90﹪7、（2017盐城）（9分）在综合实践活动中，小峰设计了一种煮饭电路，如图甲所示，图中R1和R2均为电阻丝 ，S1是自动控制开关，煮饭时，将该电路接入220V 电源，在30min 内，电路总功率随时间变化的图像如图乙所示，求：（1）0～5min 内通过R1的电流；（2）30min 内电路消耗的电能；（3）10～15min 内R1的电功率。

解（1）依题意0～5min 内，S 1处于闭合状态，R 1此时的电功率P 1=1100W由P =UI 得：A VW U P I 52201100111=== （2）由tW P =，得W =Pt W =1.1kW ×6020h ＋0.44kW ×6010h =0.44kW ·h =1.584×106J （3）依题意10～15min 内，S 1处于断开状态，R 1与R 2串联，此时电路总功率：P =440W R 1=44ΩI 1=I =A VW U P 2220440== 由P =UI =I 2R得：P 1=I 12R 1=(2A )2×44Ω=176W8、（2017枣庄）如图，电源电压恒为5V，电压表量程为“0～3V”，电流表量称为“0～0.6A”，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”，小灯泡标有“3V 1.8W”字样，闭合开关，在电路安全的情况下，（不考虑灯丝电阻的变化）则下列说法正确的是（）A．滑动变阻器的阻值允许调节的范围是0～20ΩB．电流表示数的变化范围是0.1A～0.6AC．电压表示数的变化范围是1V～3VD．小灯泡的最小功率是1W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出灯泡的额定电流和电阻，然后结合电压表的量程，电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的最小电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，灯泡的功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用U=IR求出灯泡两端的最小电压，利用P=I2R求出灯泡的最小功率．【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流．根据P=UI可得，灯的额定电流：I L额===0.6A，由I=得：灯泡的电阻R L===5Ω，由于电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，则灯泡两端的最大电压为3V，则通过灯泡的最大电流I最大=I L额=0.6A；由I=得：电路中的最小总电阻R最小==≈8.3Ω，由串联电路中总电阻等于各分电阻之和可知：滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑最小=R最小﹣R L=8.3Ω﹣5Ω=3.3Ω，因为滑动变阻器的规格为“20Ω lA”，所以滑动变阻器的电阻允许调节的范围是3.3Ω～20Ω，故A错误；电路中的最大总电阻R最大=R L+R=20Ω+5Ω=25Ω；则电路中的最小电流：I最小===0.2A，所以电流表示数的变化范围是0.2～0.6A，故B错误；灯泡两端的最小电压为U L最小=I最小R L=0.2A×5Ω=1V；所以电压表示数的变化范围是1V～3V，故C正确；此时灯泡的功率最小为：P L最小=I最小2R L=（0.2A）2×5Ω=0.2W，故D错误．故选C．9、（2017枣庄）图甲是智能怀旧灯，与灯串联的调光旋钮实质是滑动变阻器，图乙是简化的电路原理图．灯L标有“12V 3W”字样，当滑动变阻器的滑片P在最左端a时，灯L正常发光．电源电压不变，不考虑温度对灯丝电阻的影响，问：（1）电源电压U是多少？（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻是12Ω时，灯L消耗的实际功率是多少？（3）当滑片P位于中点b和最右端c时，灯L两端电压之比为3：2，则滑动变阻器的最大阻值是多少？【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．【分析】（1）根据电路图可知，当滑动变阻器的滑片P在a点时，电路为灯L的基本电路，由于灯L正常发光，根据灯泡的额定电压即可判断电源电压；（2）根据电路图可知，灯L与滑动变阻器串联；根据P=的变形公式可知灯泡的电阻，根据串联电路电阻的特点和欧姆定律求出电路电流，然后根据P=I2R求出灯泡的实际功率；（3）根据欧姆定律表示出滑片在中点b端和最右端c端时灯泡两端电压，根据灯泡两端电压之比即可求出滑动变阻器接入电路的最大阻值．【解答】解：（1）根据电路图可知，当滑动变阻器的滑片P在a点时，电路为灯L的基本电路；因为灯泡正常发光，所以电源电压U=U额=12V；（2）由P=可得灯丝的阻值：R L===48Ω；由图乙可知，灯L与滑动变阻器串联，所以电路中的电流：I===0.2A；灯泡的实际功率：P=I2R L=（0.2A）2×48Ω=1.92W；（3）当滑片P在中点b点时，灯两端电压：U b=I b R L=×R L=×R L；当滑片在最右端c点时，灯两端电压：U c=I c R L=×R L；依题意可知，U b：U c=3：2，即：×R L：×R L=3：2，化简可得：R=2R L=2×48Ω=96Ω．答：（1）电源电压U是12V；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻是12Ω时，灯L消耗的实际功率是1.92W；（3）滑动变阻器的最大阻值是96Ω．10、（2017烟台）甲、乙两只电炉标有“220V 500W”和“220V 1000W”字样，把它们串联在220V的电路中．在相同时间内产生热量较多的是，将它们并联在电路中，产生热量较多的是（选填“甲”或“乙”）．串联时甲电炉消耗的电功率与并联时甲电炉消耗的电功率之比为．甲；乙；111：250【考点】JI：焦耳定律的计算公式及其应用；JA：电功率的计算．【分析】（1）知道两只电炉的额定电压和额定功率，根据R=比较两只电炉的电阻，根据串联电路的电流特点和焦耳定律比较两电炉的产生热量关系；根据并联电路中各并联支路两端的电压相等和Q=W=Pt比较两电炉的产生热量关系；（2）分别计算两种情况下甲消耗的实际功率并确定其比例关系．【解答】解：（1）由P=得，电炉的电阻R=，因为甲、乙两只电炉的额定电压相同，额定功率P甲＜P乙，所以甲、乙两只电炉的电阻：R甲＞R乙，又因为串联电路中的电流处处相等，即通过甲、乙两只电炉的电流：I甲=I乙，根据Q=I2Rt可知，在相同时间内产生的热量Q甲＞Q乙，故串联时产生热量较大的是甲；将它们并联在220V电路上，根据并联电路中各支路两端的电压相等，即U甲=U乙=220V，则两电炉的实际功率等于额定功率，即：P甲=500W；P乙=1000W，根据Q=W=Pt可知，在相同时间内产生的热量Q甲＜Q乙，故并联时产生热量较大的是乙；（2）甲电炉的电阻为R甲===96.8Ω，乙电炉的电阻为R乙== =48.4Ω，串联在220V电路中甲消耗的实际功率为P实甲=I实2R甲=（）2×R甲=（）2×96.8Ω≈222W；当甲电炉并联在220V电路中，P实甲′=P额甲=500W，所以两种情况下甲消耗的功率之比为P实甲：P实甲′=222W：500W=111：250．故答案为：甲；乙；111：250．11、（2017德州）充电宝是一个可充放电的锂聚合物电池．某充电宝部分相关参数如下表所示．该充电宝完全充满电时储存的电能为J，输出功率为W．3.6×104；5完全充电100mA/20V/5h输出电压5V输出电流1000mA【考点】JA：电功率的计算；J3：电功的计算．【分析】由充电宝的铭牌可知完全充电参数，根据W=UIt求出完全充满电时储存的电能，又知道输出电压和输出电流，根据P=UI求出输出功率．【解答】解：该充电宝完全充满电时储存的电能：W=UIt=20V×100×10﹣3A×5×3600s=3.6×104J，输出功率：P=U′I′=5V×1000×10﹣3A=5W．故答案为：3.6×104；5．12、（2017德州）如图甲所示，实验小组的同学设计了一种测量温度的电路．已知电源电源为6V且保持不变，R0是定值电阻，R t是热敏电阻，其阻值随温度变化的图象如图乙所示．电流表采用“0～0.3A”的量程．（1）当环境温度是40℃时，电流表的示数为0.2A，求此时R t消耗的电功率及R0的电阻值；（2）该电路能测量的最高温度是多少．【考点】欧姆定律的应用．【分析】（1）分析电路的连接，当环境温度是40℃时可知热敏电阻大小，根据P=I2R求R t 消耗的电功率；根据欧姆定律和电阻的串联求R0的电阻值；（2）由图乙可知，温度越高，热敏电阻越小，电路的总电阻越小，电路的总电流越大，因电流表采用“0～0.3A”的量程，故最大电流不能超过0.3A，根据欧姆定律求出串联的最小电阻，由电阻的串联求热敏电阻的最小值，从而得出最高温度．【解答】解：（1）由甲图知，两电阻串联，电流表测电路中的电流，当环境温度是40℃时，由图乙知，热敏电阻的阻值为R t=25Ω，此时电流表的示数为I=0.2A，则R t消耗的电功率：P t=I2R t=（0.2A）2×25Ω=1W；根据欧姆定律可得，电路的总电阻：R==30Ω，根据串联电路的电阻规律可得，R0的电阻值：R0=R﹣R t=30Ω﹣25Ω=5Ω；（2）电流表采用“0～0.3A”的量程，故最大电流不能超过0.3A，根据欧姆定律可得，串联电路的最小总电阻：R小==20Ω，根据串联电路的电阻规律可得，热敏电阻的最小阻值：R t小=R小﹣R0=20Ω﹣5Ω=15Ω；由图乙知，对应的最高温度为90℃．（1）当环境温度是40℃时，电流表的示数为0.2A，此时R t消耗的电功率及R0的电阻值分别为1W和5Ω；（2）该电路能测量的最高温度是90℃．13、（2017滨州）如图甲所示，将额定电压为2.5V的小灯泡接入电源电压为4.5V的电路中，闭合开关，调节滑动变阻器滑片P，记录相应电压表和电流表示数绘制成如图乙所示的U ﹣I图象，则小灯泡的额定功率为W，小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻是Ω．0.625；8【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用．【分析】由图象可知，当小灯泡两端的电压为2.5V时对应的电流，根据P=UI 求出小灯泡的额定功率；根据串联电路电流、电压规律和欧姆定律的变形公式求出滑动变阻器接入电路的电阻．【解答】解：（1）由图乙可知，当小灯泡两端的电压为U额=2.5V时，通过小灯泡的电流I额=0.25A，则小灯泡的额定功率：P=U额I额=2.5V×0.25A=0.625W．（2）由电路图可知，小灯泡与滑动变阻器并联，电压表测小灯泡两端的电压，当小灯炮正常发光时，U额=2.5V，电路中的电流I=I额=0.25A，根据串联电路电压规律可知，此时滑动变阻器两端的电压：U滑=U﹣U额=4.5V﹣2.5V=2V，由欧姆定律得，滑动变阻器接入电路的电阻：R滑===8Ω．故答案为：0.625；8．14、（2017滨州）如图，将标有“6V 3W”字样的灯泡L1和标有“6V 6W”字样的灯泡L2串联在电路中，使其中一个灯泡正常发光，另一个灯泡的实际功率不超过其额定功率，不考虑温度对电阻的影响．求：（1）灯泡L1正常工作时的电流；（3）电源电压；（4）此电路工作2分钟消耗的电能．【考点】电功率与电压、电流的关系；电功率与电能、时间的关系．【分析】（1）根据公式P=UI计算电流；（2）由功率公式求灯泡的电阻；（3）根据每个灯泡的额定电流判定电路中的电流，根据欧姆定律求出电源电压；（4）根据公式W=UIt计算消耗的电能．【解答】解：（1）由P=UI可知：灯泡L1正常工作时的电流为：I1===0.5A；（2）由P=可知灯泡L2的电阻为：R2===6Ω；（3）灯泡L2的额定电流为：I2===1A，两灯泡串联，电流相等，一灯泡达正常发光，另一灯不超过额定电压，则一定是3W灯正常发光；则灯泡L2两端的电压为：U'2=I1R2=0.5A×6Ω=3V，电压电压为：U=U1+U'2=3V+3V=6V；（4）此电路工作2分钟消耗的电能为：W=UIt=6V×0.5A×120s=360J．答：（1）灯泡L1正常工作时的电流为0.5A；（2）灯泡L2的电阻为6Ω；（4）此电路工作2分钟消耗的电能为360J．15、（2017济宁）小可将电源、开关、导线、滑动变阻器、电流表和电压表接入电路，用“伏安法”测额定电压为2.5V小灯泡的功率．（1）请在方框内（图1）画出实验电路图．（2）小可根据实验数据绘制了U﹣I图象，如图2甲所示．观察图象，发现AB部分为线段，BC部分为曲线．为便于分析，将线段AB延长作出图象，如图2乙所示．比较甲、乙两图象，发现两图象间的距离随着电流的增大而增大，说明．（3）根据图象中B点对应的电压和电流值，计算小灯泡的电阻R=Ω．当电压为2.5V 时，根据甲图象计算小灯泡的功率P甲=W，根据乙图象计算小灯泡的功率P乙= W．（4）请结合以上分析和计算，解释白炽灯泡烧坏往往发生在开灯瞬间的原因：．（1）如图；（2）温度越高，灯丝电阻越大；（3）5；0.625；1.25；（4）开灯时，灯丝的温度低，电阻相对较小，根据电功率公式P=可知，此时的功率较大，灯丝温度较高，灯丝易烧断．【考点】JF：电功率的测量．【分析】（1）电流表测出灯泡的电流，电压表测出灯泡两端的额定电压，从而测出额定功率，据此分析电路图的画法；（2）灯丝电阻受到温度的影响；（3）根据图象找出电流和电压值，根据欧姆定律求出电阻的大小；根据甲图象找出额定电压下的电流值，利用公式P=UI求出功率；根据P=求出乙图中灯泡的功率；（4）刚开灯时，灯丝温度低，电阻相对较小，功率较大，导致短时间内产生的热量过多，温度过高．【解答】解：（1）电流表、灯泡、滑动变阻器串联接入电流，电压表并联在灯泡两端，电路图为：；（2）由图象可知，随着电压、电流的增大，小灯泡的电功率变大，小灯泡的电阻是增大的，说明灯丝电阻受到了温度的影响；（3）图象中B点对应的电压值为0.25V，电流值为0.05A，由欧姆定律可知，灯泡电阻值为R===5Ω；当电压为 2.5V时，甲图象中的电流值为0.25A，计算小灯泡的功率P甲=UI=2.5V×0.25A=0.625W；乙图象为一条直线，表明灯泡的电阻是不变的，则根据乙图象可知小灯泡的功率P乙== =1.25W；（4）开灯时，灯丝的温度低，电阻相对较小，根据电功率公式P=可知，此时的功率较大，灯丝温度较高，灯丝易烧断．故答案为：（1）如图；（2）温度越高，灯丝电阻越大；（3）5；0.625；1.25；（4）开灯时，灯丝的温度低，电阻相对较小，根据电功率公式P=可知，此时的功率较大，灯丝温度较高，灯丝易烧断．16、（2017济宁）两轮自平衡电动车作为一种新兴的交通工具，倍受年轻人的喜爱（如图所示）．下表是某型号两轮自平衡电动车的主要技术参数．整车质量20kg锂电池电压48V锂电池容量12A•h电动车额定电压48V电动机额定功率350W（1）图中小景的质量为40kg，轮胎与地面的总接触面积为0.01m2，求地面受到的压强（g 取10N/kg）（2）若电动机以额定功率工作，求锂电池充足一次电最多可骑行的时间（精确到0.1）（3）锂电池充足电后，电动车在平直的公路上匀速行驶，受到的平均阻力为96N，最多能连续行驶17.28km，求电动车工作的效率．【考点】压强的大小及其计算；能量利用效率；电功计算公式的应用．【分析】（1）小景骑车时对地面的压力等于小景和电动车的重力之和，根据F=G=mg求出其大小，又知道轮胎与地面的总接触面积，根据p=求出地面受到的压强；（2）由表格数据可知锂电池的电压和容量，根据W=UIt求出锂电池充足一次电储存的电能，根据P=求出电动机以额定功率工作时最多可骑行的时间；（3）电动车在平直的公路上匀速行驶处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据W=Fs求出牵引力做的功，根据η=×100%求出电动车工作的效率．【解答】解：（1）小景骑车时对地面的压力：F=G总=（m车+m人）g=（20kg+40kg）×10N/kg=600N，地面受到的压强：p===6×104Pa；（2）锂电池充足一次电储存的电能：W电=UIt=48V×12A×3600s=2.0736×106J，由P=可得，最多可骑行的时间：t′==≈5924.6s；（3）电动车在平直的公路上匀速行驶处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，则牵引力F=f=96N，牵引力做的功：W=Fs=96N×17.28×103m=1.65888×106J，电动车工作的效率：η=×100%=×100%=80%．答：（1）地面受到的压强为6×104Pa；（2）锂电池充足一次电最多可骑行的时间为5924.6s；（3）电动车工作的效率为80%．16、（2017聊城）已知定值电阻R1：R2=2：3，若把它们并联在同一电路中，通电后．它们的电流之比I1：I2=_______；若把它们串联在同一电路中，通电1分钟，R1、R2产生的热量之比Q1：Q2=_______。