2018年高考物理冲刺押题试卷(六)

2018年高考物理冲刺押题试卷(六)(时间：60分钟满分：110分)第Ⅰ卷(选择题共48分)选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．物理学经常建立一些典型的理想化模型用于解决实际问题，下列关于这些模型的说法中正确的是()A．体育比赛中用的乒乓球总可以看做是一个位于其球心的质点B．带有确定电荷量的导体球总可以看做是一个位于其球心的点电荷C．分子电流假说认为在原子、分子等物质微粒内部存在着一种环形电流，它使每个物质微粒都成为微小的磁体，它的两侧相当于两个磁极D．在研究安培力时，与电场中的试探电荷作用相当的是一个有方向的电流元，实验过程中应使电流元的方向跟磁场方向平行2．如图所示，三角形物块B放在倾角为θ的斜面体A上，A、B间的动摩擦因数为μ，要使B与A相对静止，已知A、B间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，下列说法正确的是()A．如果μ≠0且A、B相对地面静止，则μ可能小于tan θB．如果μ≠0且A、B相对地面静止，则μ一定等于tan θC．如果μ＝0且用力推A使A、B共同向右加速，则加速度a一定大于g tan θD．如果μ＝0且用力推A使A、B共同向右加速，则加速度a＝g tan θ3．太阳系外行星大多不适宜人类居住，绕恒星“Glicsc581”运行的行星“Gl －581c”却很值得我们期待．该行星的温度在0 ℃到40 ℃之间，质量是地球的6倍，直径是地球的1.5倍，公转周期为13个地球日．“Glicsc581”的质量是太阳质量的0.31倍．设该行星与地球均视为质量分布均匀的球体，绕其中心天体做匀速圆周运动，则()A．在该行星和地球上发射卫星的第一宇宙速度相同B．如果人到了该行星，其体重是地球上的22 3倍C．该行星与“Glicsc581”的距离是日地距离的13 365倍D．恒星“Glicsc581”的密度是地球的16 9倍4．如图所示，轻绳的一端固定在O 点，另一端系一质量为m 的小球(可视为质点)．当小球在竖直平面内沿逆时针方向做圆周运动时，通过传感器测得轻绳拉力T 、轻绳与竖直线OP 的夹角θ满足关系式T ＝a ＋b cos θ，式中a 、b 为常数．若不计空气阻力，则当地的重力加速度为( )A.b 2mB.2b mC.3b mD.b 3m5．如图为两条平行的光滑绝缘导轨，其中半圆导轨竖直，水平导轨与半圆导轨相切于C 、E 点，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．现将一导体棒垂直导轨放置，开始时位于图中的A 点处，当导体棒中通有如图所示方向的电流时，导体棒由静止开始运动，并能到达与半圆导轨圆心等高的D 点．已知导轨的间距为L ＝0.4 m ，磁场的磁感应强度大小B ＝0.5 T ，导体棒的质量为m ＝0.05 kg 、长度为L ′＝0.5 m ，导体棒中的电流大小为I ＝2 A ，AC ＝OD ＝1 m ，重力加速度为g ＝10 m/s 2.下列说法中正确的是( )A ．导体棒在A 点的加速度大小为10 m/s 2B ．导体棒在D 点的速度大小为5 m/sC ．导体棒在D 点的向心加速度大小为10 5 m/s 2D ．导体棒在D 点时，一条半圆导轨对导体棒的作用力大小为0.75 N6．下列说法中正确的有( )A ．金属的逸出功随入射光频率的增大而增大B ．核力存在于原子核内所有核子之间C ．原子核式结构模型是由卢瑟福在α粒子散射实验的基础上提出的D ．氢原子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时氢原子的电势能减小，电子的动能增大7．如图所示，电路中的A 、B 是两个完全相同的灯泡，电阻都等于定值电阻的阻值R ，L 是一个自感系数很大的线圈，开关S 闭合时两灯都能发光，过一段时间后突然断开开关S，则()A．只要线圈的自感系数足够大，断开开关S时A灯一定会闪亮一下再逐渐熄灭B．只要线圈的直流电阻小于灯泡的电阻，断开开关S时A灯一定会闪亮一下再逐渐熄灭C．只要线圈的直流电阻大于灯泡的电阻，断开开关S时A灯一定会闪亮一下再逐渐熄灭D．当线圈的直流电阻等于灯泡的电阻，断开开关S时，B灯立即熄灭，A 灯逐渐熄灭8．如图所示，倾角为θ的光滑斜面固定在水平面上，水平虚线L下方有垂直于斜面向下的匀强磁场，磁感应强度为B.正方形闭合金属线框边长为h、质量为m、电阻为R，放置于L上方一定距离处，保持线框底边ab与L平行并由静止释放，当ab边到达L时，线框速度为v0，ab边到达L下方距离d处时(d>h)，线框速度也为v0，以下说法正确的是()A．ab边刚进入磁场时，电流方向为a→bB．ab边刚进入磁场时，线框加速度沿斜面向下C．线框进入磁场过程中的最小速度小于mgR sin θB2h2D．线框进入磁场过程中的产生的热量为mgd sin θ第Ⅱ卷(非选择题共62分)非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9～12题为必考题，每个试题考生都必须做答．第13～14题为选考题，考生根据要求做答．(一)必考题(共47分)9．(6分)在探究“弹力和弹簧伸长的关系”时，小明同学用如图甲所示的实验装置进行实验；将该弹簧竖直悬挂起来，在自由端挂上砝码盘．通过改变盘中砝码的质量，测得实验数据如下：(1)根据图象他得出结论：弹簧弹力和弹簧伸长量不是正比例关系，而是一次函数关系，他的结论错误的原因是：______________________________.(2)作出的图线与坐标系纵轴有一截距，其物理意义是________；该弹簧的劲度系数k＝________ N/m(结果保留3位有效数字)．(3)请你判断该同学得到的劲度系数与考虑砝码盘的质量相比，结果________(填“偏大”、“偏小”或“相同”)．10．(9分)某品牌电饭锅采用纯电阻电热丝加热，有“煮饭”和“保温”两种工作模式，在220 V电压下额定功率分别为600 W和80 W．物理兴趣小组的同学们想通过实验测定该电饭锅电热丝的电阻．现有实验器材：干电池两节，滑动变阻器R1(最大阻值20 Ω)，电阻箱R(精度0.1 Ω)，电压表V(量程0～3 V，内阻很大)，电流表A(量程0～6 mA，内阻r ＝35.0 Ω)，开关及导线若干．(1)同学们利用多用表进行初步测量和估算发现，电饭锅处于不同工作模式时，通过的电流差异较大．为了能顺利完成实验，他们打算将电流表的测量范围扩大到48 mA，则应该将电阻箱调节至R＝________Ω并与电流表并联．(2)同学们设计并连接了如图1所示的电路，接通电源前应将滑动变阻器的滑片置于(填“a”或“b”)端．(3)将电饭锅调至“煮饭”模式，先________(填“闭合”或“断开”)开关K2，再闭合开关K1，调节滑动变阻器阻值，发现两表均有示数，但都不能调到零．如果该故障是由图中标号“1”到“6”中的一根导线断路引起，则断路的导线是________．排除故障后，调节滑动变阻器阻值，记下各电表六组读数后断开开关K1.然后将电饭锅调至“保温”模式，改变K2状态，再闭合开关K1，调节滑动变阻器阻值，记下各电表六组读数后断开开关K1.(4)直接将两组实验读到的数据绘制成如图2所示的图象．由图可知，该实验中电饭锅处于“保温”模式时测得的阻值为________Ω(保留三位有效数字)．(5)同学们计算发现，实验操作、数据记录与处理均正确无误，但实验得到的结果比电饭锅正常工作时的阻值小很多，请指出造成该差异的主要原因：_________________________________________________________________________________________________________________________________________ _______.11.(14分)如图所示，A、B、C三物块的质量均为m，置于光滑的水平面上，B、C间用轻质细绳相连，中间有一压缩的不能再压缩的轻弹簧(弹簧与物块拴接)，此时弹簧具有弹性势能ΔE＝13m v2，B、C以初速度v0沿B、C连线方向向A运动，相碰后，A与B、C合在一起运动但不粘连，然后连接B、C的细绳突然断开，弹簧伸展，求与B分离后A的运动速度．12．(18分)如图所示，在坐标系xOy的第二象限内有沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小为E，第三象限内存在匀强磁场Ⅰ，y轴右侧区域内存在匀强磁场Ⅱ，Ⅰ、Ⅱ磁场的方向均垂直于纸面向里，一质量为m、电荷量为＋q的粒子自P(－l，l)点由静止释放，沿垂直于x轴的方向进入磁场Ⅰ，接着以垂直于y 轴的方向进入磁场Ⅱ，不计粒子重力．(1)求磁场Ⅰ的磁感应强度B1；(2)若磁场Ⅱ的磁感应强度B2＝B1，粒子从磁场Ⅱ再次进入电场，求粒子第二次离开电场时的横坐标；(3)若磁场Ⅱ的磁感应强度B2＝3B1，求粒子在第一次经过y轴到第六次经过y轴的时间内，粒子的平均速度．(二)选考题(共15分．请考生从给出的2道题中任选一题做答．如果多做，则按所做的第一题计分)13．[物理——选修3－3](15分)(1)(5分)下列说法中正确的有________．(填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分) A．用热针尖接触金属表面的石蜡，熔化区域呈圆形，这是非晶体各向同性的表现B．布朗运动是指液体分子的无规则运动C．功可以全部转化为热，但热不能全部转化为功D．绝热过程不一定是等温过程E．当分子力表现为引力时，分子势能随分子间距离的增大而增大(2)(10分)一粗细均匀的导热性良好的薄壁长玻璃管竖直插在水银槽内，玻璃管上端封闭，水银槽的截面积是玻璃管的5倍，玻璃管内封闭有一定质量的理想气体，开始时管内空气柱长度为6 cm，管内外水银面高度差为50 cm.将玻璃管缓慢下移，使管内外水银面高度差变为25 cm，若室温不变，大气压强为75 cmHg.求：①此时管内空气柱的长度；②水银槽内水银面上升的高度．14．[物理——选修3－4](15分)(1)(5分)将一单摆装置竖直挂于某一深度h(未知)且开口向下的小筒中(单摆的下部分露于筒外)，如图甲所示，将悬线拉离平衡位置一个小角度后由静止释放，设单摆振动过程中悬线不会碰到筒壁，测量出筒的下端口到摆球球心的距离l，并通过改变l而测出对应的周期T，再以T2为纵轴、l为横轴作出函数关系图象，那么就可以通过此图象得出小筒的深度h和当地的重力加速度．(取π2＝9.86)①如果实验中所得到的T2－l关系图象如图乙所示，那么正确的图象应是a、b、c中的________．②由图乙可知，小筒的深度h＝________m，当地的重力加速度g＝________m/s2.(2)(10分)半径为R、折射率为3的透明半圆柱体玻璃砖竖直放置，截面如图所示，虚线为过圆心且垂直直径AB的水平直线，一束光线平行于虚线方向射向玻璃砖，入射点P到虚线的距离为32R，出射光线与虚线的交点为N(未画出)，求N点到圆心O的距离．高考模拟试题精编(六)1．解析：选C.在研究乒乓球的旋转时不能将乒乓球看做是质点，A 错误．只有当外界作用不影响带电球的电荷分布或球的大小、形状可忽略时才能将其看做是点电荷，B 错误．电流元与磁场平行时不受磁场的作用，用其研究磁场性质时应使电流元垂直于磁场放置，D 错误．由安培分子电流假说知C 正确． 2.解析：选D.若A 、B 之间接触面粗糙，一起静止在地面上时，A 对B 的支持力F N ＝mg cos θ，f max ＝μF N ≥f 静＝mg sin θ，即μ≥tan θ，A 、B 错误；若A 、B 之间接触面光滑且相对静止，则A 、B 一起向右做匀加速直线运动，对B 进行受力分析如图所示，F 合＝mg tan θ＝ma ，可得a ＝g tan θ，C 错误，D 正确．3．解析：选B.第一宇宙速度v ＝ GmR ，该行星和地球的第一宇宙速度之比v 1v 2＝ m 1R 2m 2R 1＝2，A 错误；行星表面的重力加速度g ＝Gm R 2，该行星和地球表面重力加速度之比g 1g 2＝m 1R 22m 2R 21＝83，B 正确；由万有引力提供向心力得r 3＝GMT 24π2，r 1r 2＝3M 1T 21M 2T 22＝30.31×1323652，C 错误；恒星的半径未知，不能求出恒星的密度，D 错误．4．解析：选D.在最高点时：设此时物体的速度为v 1，由题意可知：θ＝180°，绳的拉力T 1＝a －b ；根据向心力公式有：mg ＋a －b ＝m v 21r在最低点时：设此时物体的速度为v 2，由题意可知：θ＝0°，绳的拉力T 1＝a ＋b ； 根据向心力公式有：a ＋b －mg ＝m v 22r 只有重力做功，由机械能守恒定律：12m v 22＝12m v 21＋mg (2r )解得：g ＝b 3m ，所以D 正确．5．解析：选AD.导体棒在水平方向受到安培力作用，安培力大小F 安＝BIL ′＝0.5 N ，导体棒开始运动时的加速度大小为a ＝F 安m ＝10 m/s 2，A 正确；导体棒从A 点到D 点的运动过程，安培力做功W 安＝F 安(AC ＋OD )＝1 J ，重力做功W G＝－mg ·OC ＝－0.5 J ，由动能定理得W 安＋W G ＝12m v 2，解得导体棒运动到D 点时的速度大小为v ＝2 5 m/s ，B 错误；导体棒运动到D 点时，向心加速度大小为a ′＝v 2r ＝20 m/s 2，C 错误；在D 点时，由牛顿第二定律得F －F 安＝m v 2r ，解得半圆导轨对导体棒的作用力F ＝1.5 N ，一条半圆导轨对导体棒的作用力大小为0.75 N ，D 正确．6．解析：选CD.金属的逸出功由金属本身决定，不随入射光频率的增大而增大，A 错误，核力是短程力，每个核子只跟它邻近的核子间存在核力作用，B 错误；原子核式结构模型是由卢瑟福在α粒子散射实验的基础上提出的，C 正确；氢原子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，原子能量减小，根据k e 2r 2＝m v 2r 知，电子的动能增大，则氢原子的电势能减小，D 正确．7．解析：选BD.自感电流是在原电流的基础上逐渐减小，所以发生断电自感时，灯泡是否闪亮，关键是看原来流过灯泡的电流与流过线圈的电流的大小关系，故选项A 错误；线圈的直流电阻比灯泡的电阻小时，自感电流的最大值比灯泡的原电流大，灯泡发生闪亮，故选项B 正确；当线圈的直流电阻大于或等于灯泡的电阻时，断开开关S ，B 灯立即熄灭，A 灯逐渐熄灭，选项C 错误、D 正确．8．解析：选AD.由右手定则可知A 项正确；线框刚进入磁场时，做减速运动，完全进入磁场后做加速运动，B 项错误；线框进入磁场过程中，当a ＝0时，速度最小，此时有mg sin θ＝F 安＝B 2h 2v min R ，所以v min ＝mgR sin θB 2h 2，C 项错误；由能量转化和守恒定律可得Q ＝ΔE p ＝mgd sin θ，D 项正确．9．解析：劲度系数是根据斜率计算出的，是否考虑砝码盘的质量对结果无影响，故结果相同．答案：(1)x －m 图象的纵坐标不是弹簧伸长量(1分)(2)未放砝码时弹簧的长度(1分) 25.9(2分)(3)相同(2分)10．解析：(1)对电流表，6×10－3×35 V ＝(48－6)×10－3A ×R ，解得R ＝5 Ω；(2)滑动变阻器的滑片应置于a 端，使电压由0开始逐渐增大．(4)电阻为直线斜率的倒数，电饭锅处于“保温”模式时测得的阻值为500 Ω.(5)正常工作时的电压比实验时高得多，正常工作时的温度比实验时高得多，金属电阻阻值随温度升高而增大．答案：(1)5.0(有效位数不作要求)(2分)(2)a (1分) (3)闭合(1分) 3(1分) (4)500(2分)(5)正常工作比实验时温度高，金属电阻阻值随温度升高而增大(2分)11．解析：因B 、C 间的弹簧已无压缩余地，因而在受外界冲击时可看作一个整体，设A 与B 、C 碰撞且一起运动的共同速度为v 1，根据动量守恒定律有2m v 0＝(m ＋2m )v 1，可得v 1＝23v 0(2分)当细绳断开后，弹簧第一次恢复到原长时，设C 的速度为v 1′，A 、B 的共同速度为v 2，则根据动量守恒定律和机械能守恒定律有3m v 1＝m v 1′＋2m v 2(3分)12×3m v 21＋13m v 20＝12m v 1′2＋12×2m v 22(3分) 解得v 1′＝0，v 2＝v 0或v 1＝43v 0，v 2＝13v 0(2分)因为弹簧第一次恢复原长时，v 2＞v 1，所以v 1＝43v 0，v 2＝13v 0不符合题意，应舍去(2分)当弹簧第一次恢复原长后，A 与B 相互分离，A 的速度v 2＝v 0，方向水平向右(2分)答案：v 0 方向水平向右12．解析：(1)设粒子垂直于x 轴进入Ⅰ时的速度为v ，由运动学公式有2al ＝v 2，(1分)由牛顿第二定律有Eq ＝ma ，(1分)由题意知，粒子在Ⅰ中做圆周运动的半径为l ，由牛顿第二定律有q v B 1＝m v 2l ，(1分)联立各式得B 1＝2mE ql .(1分)(2)粒子运动的轨迹如图a 所示，粒子第二次进入电场，在电场中做类平抛运动，x 负方向x ＝v t ，(1分)y 负方向l ＝12at 2，(1分)联立得x ＝2l ，则横坐标x ＝－2l ，(1分)(3)粒子运动的轨迹如图b 所示，设粒子在磁场Ⅰ中运动的半径为r 1，周期为T 1，在磁场Ⅱ中运动的半径为r 2，周期为T 2，r 1＝l ，(2分)3q v B 1＝m v 2r 2，(1分) T 1＝2πr 1v ＝2πm qB 1，(1分) T 2＝2πr 2v ＝2πm 3qB 1，(1分) 联立各式得r 2＝r 13，T 2＝T 13.(2分)粒子在第一次经过y 轴到第六次经过y 轴的时间t ＝T 1＋32T 2，(1分)粒子在第一次经过y 轴到第六次经过y 轴时间内的位移x ＝6r 2，(1分)联立各式得v ＝23π 2qEl m ，方向沿y 轴负方向，(2分)答案：(1) 2mE ql (2)－2l (3)23π 2qEl m 方向沿y 轴负方向13．解析：(1)石蜡的熔化区域呈圆形，这是非晶体各向同性的表现，A 正确；布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动，B 错误；功可以全部转化为热，根据热力学第二定律可知，在外界的影响下热量也可以全部转化为功，C 错误；绝热过程中没有热传递，若外界对气体做功，气体的内能一定增加，温度升高，故不一定是等温过程，D 正确；当分子力表现为引力时，分子势能随分子间距离的增大而增大，E 正确．(2)①设玻璃管的截面积为S ，玻璃管内的空气等温变化，由玻意耳定律有 (p 0－ρgH 1)l 1S ＝(p 0－ρgH 2)l 2S (3分)解得l 2＝p 0－ρgH 1p 0－ρgH 2l 1＝0.03 m(2分) ②设水银槽内水银面上升Δx ，水银体积不变，有S (ΔH 1－ΔH 2)＝5S ·Δx (3分)代入数据解得Δx ＝0.05 m(2分)答案：(1)ADE (2)①0.03 m ②0.05 m14．解析：(1)①由单摆周期公式T ＝2πL g 可得T 2＝4π2g L ，而L ＝l ＋h ，所以T 2＝4π2g l ＋4π2g h ，正确图象应是a .②由图象知4π2h g ＝1.20，h ＝0.30 m ，4π2g ＝1.200.3，得g ＝π2 m/s 2＝9.86 m/s 2.(2)光线入射时，设入射角为α，折射角为β，光路图如图所示，由题意知sin α＝32(1分)由折射定律知n ＝sin αsin β(1分)解得β＝30°(1分)由几何关系知，光线出射时的入射角为γ＝30°(1分)由折射定律知n ＝sin θsin γ(1分)解得θ＝60°(1分)在△POQ 中，由正弦定理得 OQ sin β＝OP sin (γ＋90°)(2分) 解得OQ ＝33R (1分)所以ON ＝OQ tan 60°＝R 3(1分)答案：(1)①a ②0.30 9.86 (2)R 3。