01背包问题不同算法设计分析与对比
浅谈0-1背包问题的常用算法
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2 0 1 3年 1 0月下 C o n s u me r E l e c t r o n i c s Ma g a z i n e 技 术 交 流
浅谈 0 - 1 背包问题的常用算法
汤赫 男
( 吉林工商学院信息工程学院,长春 1 3 0 0 6 2) 摘 要 :0 -1 背 包问题是典型的 NP ~完全问题 ,无论从 理论 上还是 实践上都有一定的研究意义。本文综述 了几 种0 — 1背包问题的 常用算法 ,分析算法的优劣 ,预 测 0 - 1背包问题的发展方向。 关键 词 :0 — 1背包问题 ;动 态规划法 ;贪心法 ;分支界限法
一
、
∑w ,
l {
㈠ { “ } m a x ∑
{ j
二 、常用 的 0 - 1 背 包问题算法 ( 一) 蛮力法。 蛮 力法又称穷举法或枚举法,是一种简单、 直接、有效的方法,是初学者入 门的方法 。蛮力法要求遍历所 有可能情 况一次且仅一次 ,筛选 出符合要求 的解。应用蛮力法 求解 0 - 1 背包 问题, 需要考虑给定的 n 个物品集合的所有子集, 找出所有总重量不超过背包容量的子集 ,计算每个可能子集的 总价值,然后找 出价值最大的子集 。对于一个具有 n个元素的 集合 ,其子集数量是 2 “,所 以,不论生成子集 的算法效率有 多高 ,蛮力法求解 0 - 1 背包 问题都会导致一个 Q ( 2 n )的算法 。 ( 二 )动 态规划法。动态规划 法是一种通用 的算 法设计 技术用来求解 多阶段决策最优 化问题。这类 问题都满 足最优 性原理,即原 问题 的最优 性包含着子 问题 的最优性 。 应用 动态规划法 求解 0 - 1 背包 问题 ,可 以将 0 — 1背包 问 题看 作一个 多阶段决策最 优化 问题 。n个物 品集合 的所 有子 集可 以看 作该 问题 的所有 可行解;这些可行解 都是满足约束 条件 的,可行解可能不止一个,通过 目标 函数找到最优解 。 动态 规划 法求解 0 - 1 背包 问题 的算法描述 : 设V ( n , C )表 示将 n个 物 品装入 容量 为 C的背 包获 得 的 最大价值 。 初 始 状 态 :V ( i , 0 ) = V ( 0 , j ) = 0 , 0≤ i ≤n , 0≤ j≤ C 则V ( i , j )表示 将前 i 个 物 品装入 容量 为 j的背 包获 得
算法设计与分析实验报告—01背包问题
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算法设计与分析实验报告—0/1背包问题-【问题描述】给定n 种物品和一个背包。
物品i 的重量是iw ,其价值为i v,背包容量为C 。
问应该如何选择装入背包的物品,使得装入背包中物品的总价值最大?【问题分析】0/1背包问题的可形式化描述为:给定C>0, i w >0, i v >0,1i n ≤≤,要求找出n 元0/1向量{}12(,,...,),0,1,1n i x x x x i n ∈≤≤,使得n1i i i w x c =≤∑,而且n1i ii v x=∑达到最大。
因此0/1背包问题是一个特殊的整数规划问题。
0n k w ≤≤1max ni i i v x =∑n1i ii w xc =≤∑{}0,1,1i x i n ∈≤≤【算法设计】设0/1背包问题的最优值为m( i, j ),即背包容量是j ,可选择物品为i,i+1,…,n 时0/1背包问题的最优值。
由0/1背包问题的最优子结构性质,可以建立计算m( i, j )的递归式如下:max{m( i+1, j ), m( i+1, j-i w )+i v } i j w ≥m( i, j )=m(i+1,j)n v n j w >m(n,j)=0 0n k w ≤≤【算法实现】#include <iostream.h> #include<string.h> #include<iomanip.h>int min(int w, int c) {int temp; if (w < c) temp = w;elsetemp = c;return temp;}Int max(int w, int c) {int temp; if (w > c) temp = w;elsetemp = c;return temp;}void knapsack(int v[], int w[], int** m, int c, int n) //求最优值 {int jmax = min(w[n]-1, c);for (int j = 0; j <= jmax; j++)m[n][j] = 0;for (int jj = w[n]; jj <= c; jj++)m[n][jj] = v[n];for(int i = n-1; i > 1; i--)//递归部分{jmax = min(w[i]-1, c);for(int j = 0; j <= jmax; j++)m[i][j] = m[i+1][j];for(int jj = w[i]; jj <= c; jj++)m[i][jj] = max(m[i+1][jj], m[i+1][jj-w[i]]+v[i]);}m[1][c] = m[2][c];if(c >= w[1])m[1][c] = max(m[1][c], m[2][c-w[1]]+v[1]);cout << endl << "最优值:" << m[1][c] << endl;cout<<endl;cout<< "&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&" << endl;}int traceback(int x[], int w[], int** m, int c, int n) //回代,求最优解{out << endl << "得到的一组最优解如下: " << endl;for(int i = 1; i < n; i++){if(m[i][c] == m[i+1][c]) x[i] = 0;else{x[i] = 1;c -= w[i];}}x[n] = (m[n][c]) ? 1:0;for(int y = 1; y <= n; y++)cout << x[y] << "\t";cout << endl;return x[n];}void main(){int n, c;int **m;cout << "&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&欢迎使用0-1背包问题程序&&&&&&&&&&&&&&&&&&&" << endl;cout << "请输入物品个数: ";cin >> n ;cout << endl << "请输入背包的承重:";cin >> c;int *v = new int[n+1];cout << endl << "请输入每个物品的价值 (v[i]): " << endl;for(int i = 1; i <= n; i++)cin >> v[i];int *w = new int[n+1];cout << endl << "请输入每个物品的重量 (w[i]): " << endl;for(int j = 1; j <= n; j++)cin >> w[j];int *x = new int[n+1];m = new int* [n+1]; //动态的分配二维数组for(int p = 0; p < n+1; p++)m[p] = new int[c+1];knapsack (v, w, m, c, n);traceback(x, w, m, c, n);}【运行结果】。
0_1背包问题的多种解法
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页脚内容1一、 问题描述0/1背包问题:现有n 种物品,对1<=i<=n ,已知第i 种物品的重量为正整数W i ,价值为正整数V i ,背包能承受的最大载重量为正整数W ,现要求找出这n 种物品的一个子集,使得子集中物品的总重量不超过W 且总价值尽量大。
(注意:这里对每种物品或者全取或者一点都不取,不允许只取一部分)二、 算法分析根据问题描述,可以将其转化为如下的约束条件和目标函数:于是,问题就归结为寻找一个满足约束条件(1),并使目标函数式(2)达到最大的解向量),......,,,(321n x x x x X =。
首先说明一下0-1背包问题拥有最优解。
假设),......,,,(321n x x x x 是所给的问题的一个最优解,则),......,,(32n x x x 是下面问题的一个最优解:∑∑==⎪⎩⎪⎨⎧≤≤∈-≤ni i i ini i i x v n i x x w W x w 2211max )2}(1,0{。
如果不是的话,设),......,,(32n y y y 是这个问题的一个最优解,则∑∑==>n i ni ii ii xv y v 22,且∑=≤+n i i i W y w x w 211。
因此,∑∑∑====+>+ni i i n i n i i i i i x v x v x v y v x v 1221111,这说明),........,,,(321n y y y x 是所给的0-1背包问题比),........,,,(321n x x x x 更优的解,从而与假设矛盾。
穷举法:用穷举法解决0-1背包问题,需要考虑给定n 个物品集合的所有子集,找出所有可能的子集(总重量不超过背包重量的子集),计算每个子集的总重量,然后在他们中找到价值最大的子集。
由于程序过于简单,在这里就不再给出,用实例说明求解过程。
下面给出了4个物品和一个容量为10的背包,下图就是用穷举法求解0-1背包问题的过程。
c语言部分背包问题的算法设计
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很高兴能为您提供文章撰写服务。
在开始撰写的过程中,我将按照您的要求,以深度和广度兼具的方式来探讨c语言部分背包问题的算法设计。
第一部分:背包问题的概念和分类1. 背包问题是指在给定的一组物品中选择合适的物品装入背包,使得背包的容量最大化或价值最大化的问题。
在算法设计中,背包问题有0-1背包、完全背包、多重背包等不同的分类。
2. 0-1背包问题是指每种物品只能选择一次放入背包,而完全背包问题则是每种物品可以选择多次放入背包。
第二部分:c语言中的背包问题算法设计1. 对于0-1背包问题,可以采用动态规划的方法进行解决。
具体的算法设计包括定义状态转移方程、初始化数组、填表和回溯等步骤。
2. 完全背包问题的算法设计也可以采用动态规划的方法,但在状态转移方程的定义和填表的过程中需要做出相应的调整。
第三部分:c语言中的背包问题算法实现1. 0-1背包问题的算法实现可以通过c语言的数组和循环结构来实现状态转移方程的计算和填表过程。
2. 完全背包问题的算法实现与0-1背包问题类似,但针对每种物品可以选择多次放入背包的特点需要做出相应的改进。
第四部分:个人观点和总结在我看来,c语言部分背包问题的算法设计是一项具有挑战性和实用性的工作。
通过深入理解不同类型的背包问题,并结合动态规划的算法设计和实现,可以有效解决实际生活和工作中的背包优化问题。
掌握c 语言中背包问题的算法设计和实现,不仅可以提升自身的编程能力,也可以为解决实际问题提供有力的支持。
以上是我根据您提供的主题对c语言部分背包问题的算法设计进行的基本介绍和探讨。
希望这些内容能够满足您对文章的要求,如果有其他方面需要补充或修改,还请您及时提出。
期待您的反馈和意见,谢谢!在c语言中,背包问题是一种常见的算法设计问题,涉及到动态规划和数组的运用。
背包问题可以分为0-1背包、完全背包、多重背包等不同类型,每种类型的背包问题都有其特定的算法设计和实现方法。
在本文中,我们将进一步探讨c语言中背包问题的算法设计和实现,并对算法的效率和实际应用进行分析和总结。
0-1背包问题的枚举算法
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0-1背包问题的枚举算法一、问题概述0-1背包问题是一种经典的优化问题,给定一组物品,每种物品都有自己的重量和价值,而你有一个限制容量的背包。
目标是在不超过背包容量的情况下,选择物品使得总价值最大化。
然而,在某些情况下,所有的物品都不能被放入背包中,这时就需要用到0-1背包问题的枚举算法。
二、算法原理枚举算法的基本思想是从所有可能的物品组合中逐个尝试,找出满足条件的组合。
对于0-1背包问题,我们可以枚举所有可能的物品组合,对于每个组合,计算其总价值和当前背包的剩余容量,如果总价值大于当前背包容量所能获得的最大价值,那么就将这个物品放入背包中,并更新背包剩余容量和总价值。
如果当前物品的价值小于或等于当前背包容量所能获得的最大价值,那么就将这个物品标记为0(表示已经考虑过),并继续尝试下一个物品。
最终得到的组合就是最优解。
三、算法实现以下是一个简单的Python实现:```pythondefknapsack_enumeration(items,capacity):#初始化结果列表和当前价值result=[]current_value=0#枚举所有可能的物品组合foriinrange(len(items)):#标记当前物品为0(已考虑过)items[i][1]=0#计算当前物品的价值并更新总价值forjinrange(len(items)):ifj<i:#不考虑之前的物品对当前物品的价值影响current_value+=items[j][1]*items[i][0]/capacityelse:#考虑之前的物品对当前物品的价值影响(假设不考虑前一个物品的重量)current_value+=items[j][0]*(capacity-items[i][0])/capacity#将当前物品从物品列表中移除(放入背包中)delitems[i]#将当前价值添加到结果列表中result.append(current_value)returnresult```四、应用场景枚举算法在许多实际应用中都有应用,如计算机科学、运筹学、工程学等。
动态规划算法--01背包问题
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动态规划算法--01背包问题基本思想:动态规划算法通常⽤于求解具有某种最优性质的问题。
在这类问题中,可能会有许多可⾏解。
每⼀个解都对应于⼀个值,我们希望找到具有最优值的解。
动态规划算法与分治法类似,其基本思想也是将待求解问题分解成若⼲个⼦问题,先求解⼦问题,然后从这些⼦问题的解得到原问题的解。
与分治法不同的是,适合于⽤动态规划求解的问题,经分解得到⼦问题往往不是互相独⽴的(即下⼀个⼦阶段的求解是建⽴在上⼀个⼦阶段的解的基础上,进⾏进⼀步的求解)。
若⽤分治法来解这类问题,则分解得到的⼦问题数⽬太多,有些⼦问题被重复计算了很多次。
如果我们能够保存已解决的⼦问题的答案,⽽在需要时再找出已求得的答案,这样就可以避免⼤量的重复计算,节省时间。
我们可以⽤⼀个表来记录所有已解的⼦问题的答案。
不管该⼦问题以后是否被⽤到,只要它被计算过,就将其结果填⼊表中。
这就是动态规划法的基本思路。
具体的动态规划算法多种多样,但它们具有相同的填表格式。
应⽤场景:适⽤动态规划的问题必须满⾜最优化原理、⽆后效性和重叠性。
1、最优化原理(最优⼦结构性质)最优化原理可这样阐述:⼀个最优化策略具有这样的性质,不论过去状态和决策如何,对前⾯的决策所形成的状态⽽⾔,余下的诸决策必须构成最优策略。
简⽽⾔之,⼀个最优化策略的⼦策略总是最优的。
⼀个问题满⾜最优化原理⼜称其具有最优⼦结构性质。
2、⽆后效性将各阶段按照⼀定的次序排列好之后,对于某个给定的阶段状态,它以前各阶段的状态⽆法直接影响它未来的决策,⽽只能通过当前的这个状态。
换句话说,每个状态都是过去历史的⼀个完整总结。
这就是⽆后向性,⼜称为⽆后效性。
3、⼦问题的重叠性动态规划将原来具有指数级时间复杂度的搜索算法改进成了具有多项式时间复杂度的算法。
其中的关键在于解决冗余,这是动态规划算法的根本⽬的。
动态规划实质上是⼀种以空间换时间的技术,它在实现的过程中,不得不存储产⽣过程中的各种状态,所以它的空间复杂度要⼤于其它的算法。
动态规划求解01背包问题
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动态规划求解01背包问题问题给定n种物品和⼀个背包,物品(1<=i<=n)重量是w I ,其价值v i,背包容量为C,对每种物品只有两种选择:装⼊背包和不装⼊背包,即物品是不可能部分装⼊,部分不装⼊。
如何选择装⼊背包的物品,使其价值最⼤?想法该问题是最优化问题,求解此问题⼀般采⽤动态规划(dynamic plan),很容易证明该问题满⾜最优性原理。
动态规划的求解过程分三部分:⼀:划分⼦问题:将原问题划分为若⼲个⼦问题,每个⼦问题对应⼀个决策阶段,并且⼦问题之间具有重叠关系⼆:确定动态规划函数:根据⼦问题之间的重叠关系找到⼦问题满⾜递推关系式(即动态规划函数),这是动态规划的关键三:填写表格:设计表格,以⾃底向上的⽅式计算各个⼦问题的解并填表,实现动态规划过程。
思路:如何定义⼦问题?0/1背包可以看做是决策⼀个序列(x1,x2,x3,…,xn),对任何⼀个变量xi的决策时xi=1还是xi=0. 设V(n,C)是将n个物品装⼊容量为C的背包时背包所获得的的最⼤价值,显然初始⼦问题是将前i个物品装如容量为0的背包中和把0个物品装⼊容量为j的背包中,这些情况背包价值为0即V(i,0)=V(0,j)=0 0<=i<=n, 0<=j<=C接下来考虑原问题的⼀部分,设V(I,j)表⽰将前i个物品装⼊容量为j的背包获得的最⼤价值,在决策xi时,已经确定了(x1,x2,…,xi-1),则问题处于下列两种情况之⼀:1. 背包容量不⾜以装⼊物品i,则装⼊前i-1个物品的最⼤价值和装⼊前i个物品最⼤价值相同,即xi=0,背包价值没有增加2. 背包容量⾜以装⼊物品i,如果把物品i装⼊背包,则背包物品价值等于把前i-1个物品装⼊容量为j-wi的背包中的价值加上第i个物品的价值vi;如果第i个物品没有装⼊背包,则背包价值等于把前i-1个物品装⼊容量为j的背包中所取得的价值,显然,取⼆者最⼤价值作为把物品i装⼊容量为j的背包中的最优解,得到如下递推公式为了确定装⼊背包中的具体物品,从V(n,C)的值向前推,如果V(n,C)>V(n-1,C),则表明第n个物品被装⼊背包中,前n-1个物品被装⼊容量为C-wn的背包中;否则,第n个物品没有被装⼊背包中,前n-1个物品被装⼊容量为C的背包中,依次类推,直到确认第⼀个物品是否被装⼊背包中代码C++实现1. // dp_01Knapsack.cpp : 定义控制台应⽤程序的⼊⼝点。
0-1背包问题的求解算法设计与分析
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itk a s c (n n it n n p ak it 。n &ma w) x
品 的重 量 分 别 为 叫 “, 、 值 分 别 为 , , , 包 的 训 价 … 背 承重 量 为 ( 4 ≤ W ) 1 。设 Vi , 为 该 最 优 解 的物 品 总 i ]
价值 , 即能 够 放 进 承 重 量 为 的 背 包 中 的 前 i 物 品 巾最 个
时 间 、 确性 等性 能 方 面进 行 了分 析 和 对 比 。 准
关 键 词 : —1背 包 问题 ; 态规 划 算 法 心 算 法 0 动 贪
中图 分 类 号 : 3 l TP l
文 献 标 识码 : A
文章 编 号 : 6 27 0 ( 0 2 0 60 3 —3 1 7 — 8 0 2 1 ) 0 —0 00
i = l
i 物 品 的子 集 和 不 包 括 第 i个 物 品 的 子 集 。 可得 : 个
( ) 不 包 括 第 i 物 品 的 子 集 中 , 优 子 集 的 价 值 1在 个 最 为 VF ,] i 。
( ) 包 括 第 i 物 品 的子 集 中 ( 此 J 2在 个 因 —W 0 , ≥ ) 最
算法 。
物 品 中选 出 的 最 优 子 集 的 总 价 值 。 因 此 , 出 如 下 递 推 得
式:
ma {  ̄- xV i
一
卜
。
,
初 始 条 件 为 , ≥0时 , i0 一0 当 ≥ 0 , o 当 VE,] ; 时 v[ , 力 =0 。 我 们 的 目标 是 求 v[ , ] 即 T个 给 定 物 品 中 能 够 放 nw , /
frj 1 j : ma w;+ + ) o (一 ;< x j
背包问题和TSP问题算法报告
![背包问题和TSP问题算法报告](https://img.taocdn.com/s3/m/39216ccd4b73f242326c5f44.png)
算法报告班级: 140710班组员: 14071006 魏泽琳14071008 田恬14071019 黄婧婧14071021 宋蕊14071026 于婷雯指导老师:徐旭东广义背包问题一、问题描述广义背包问题的描述如下:给定载重量为M的背包和n种物品,每种物品有一定的重量和价值,现在需要设计算法,在不超过背包载重量的前提下,巧妙选择物品,使得装入背包的物品的总价值最大化。
规则是,每种物品均可装入背包多次或不装入(但不能仅装入物品的一部分)。
请用数学语言对上述背包问题加以抽象,在此基础上给出动态规划求解该问题的递归公式。
要求对所给公式中的符号意义加以详细说明,并简述算法的求解步骤。
用一种你熟悉的程序设计语言加以实现。
二、基本思路1、01背包问题在讨论广义背包问题前应该先讨论最基础的01背包问题。
这是最基础的背包问题,特点是:每种物品仅有一件,可以选择放或不放。
用子问题定义状态:即F[i][m]表示前i件物品恰放入一个重量为m的背包可以获得的最大价值。
其状态转移方程是:F[i][m]=max{F[i−1][m],F[i−1][m−wi]+Ci}}这个方程是解决背包问题的关键点,基本上所有跟背包相关的问题的方程都是由它衍生出来的。
所以有必要解释一下:“将前i件物品放入容量为m的背包中”这个子问题,若只考虑第i件物品的策略(放或不放),那么就可以转化为一个只和前i−1件物品相关的问题。
如果不放第i件物品,那么问题就转化为“前i−1件物品放入容量为v的背包中”,价值为F[i−1][m];如果放第i件物品,那么问题就转化为“前i−1件物品放入剩下的容量为m−wi 的背包中”,此时能获得的最大价值就是F[i−1][m−wi]再加上通过放入第i件物品获得的价值Ci。
最优解的函数从方程中能得出:F[i][m]=F[i-1][m](当第i个物品不装入)F[i][m]>F[i-1][m](当第i个物品装入)以上是有关01背包的讨论,现在讨论广义背包的问题。
5.5动态规划求解01背包问题
![5.5动态规划求解01背包问题](https://img.taocdn.com/s3/m/89fce66604a1b0717fd5ddac.png)
xn-2,…,x1将依次推导得出
例2的解向量推导
S0={(0,0)}
S1={(0,0),(1,2)}
S2={(0,0),(1,2), (2,3),(3,5)}
● Si的构造
记S1i 是fi-1(X-wi)+pi的所有序偶的集合,则
S1i {( P,W ) | (P pi ,W wi ) S i1}
其中,Si-1是fi-1的所有序偶的集合
Si的构造:由Si-1和 S1i 按照支配规则合并而成。
支配规则:如果Si-1和S1i 之一有序偶(Pj,Wj),另一有(Pk,Wk),
5.5动态规划求解 0/1背包问题
1.问题描述 背包容量M,n个物品,分别具有效益值P1…Pn,物
品重量w1…wn,从n个物品中,选择若干物品放入 背包,物品要么整件放入背包,要么不放入。怎 样决策可以使装入背包的物品总效益值最大?
形式化描述:
目标函数:
约束条件:
max pixi
1i j
wixi M
1in
xi
0或1,
pi
0, wi
0,1
i
n
0/1背包问题:KNAP(1,n,M)
❖ 0/1背包问题:M=6,N=3,W=(3,3,4),P=(3,3,5) ❖ 贪心法:p3/w3 > p1/w1 > p2/w2 ❖ 贪心解 ∑P=5(0,0,1) ❖ 最优解是:∑P=6(1,1,0)
❖ 贪心法求解0/1背包问题不一定得到最优解! ❖ 动态规划求解的问题必须满足最优化原理
C语言动态规划之背包问题详解
![C语言动态规划之背包问题详解](https://img.taocdn.com/s3/m/927f8e3a4a73f242336c1eb91a37f111f1850d44.png)
C语⾔动态规划之背包问题详解01背包问题给定n种物品,和⼀个容量为C的背包,物品i的重量是w[i],其价值为v[i]。
问如何选择装⼊背包的物品,使得装⼊背包中的总价值最⼤?(⾯对每个武平,只能有选择拿取或者不拿两种选择,不能选择装⼊某物品的⼀部分,也不能装⼊物品多次)声明⼀个数组f[n][c]的⼆维数组,f[i][j]表⽰在⾯对第i件物品,且背包容量为j时所能获得的最⼤价值。
根据题⽬要求进⾏打表查找相关的边界和规律根据打表列写相关的状态转移⽅程⽤程序实现状态转移⽅程真题演练:⼀个旅⾏者有⼀个最多能装M公⽄的背包,现在有n件物品,它们的重量分别是W1、W2、W3、W4、…、Wn。
它们的价值分别是C1、C3、C2、…、Cn,求旅⾏者能获得最⼤价值。
输⼊描述:第⼀⾏:两个整数,M(背包容量,M<= 200)和N(物品数量,N<=30);第2…N+1⾏:每⾏两个整数Wi,Ci,表⽰每个物品的质量与价值。
输出描述:仅⼀⾏,⼀个数,表⽰最⼤总价值样例:输⼊:10 42 13 34 57 9输出:12解题步骤定义⼀个数组dp[i][j]表⽰容量为j时,拿第i个物品时所能获取的最⼤价值。
按照题⽬要求进⾏打表,列出对应的dp表。
W[i](质量)V[i](价值)01234567891000000000000210011111111133001334444444500135568899790013556991012对于⼀个动态规划问题设置下标时最好从0开始,因为动态规划经常会和上⼀个状态有关系!从上⾯的dp表可以看出来对于⼀个物品我们拿还是不难需要进⾏两步来判断。
第⼀步:判断背包当前的容量j是否⼤于物品当前的质量,如果物品的质量⼤于背包的容量那么就舍弃。
第⼆步:如果背包可以装下这个物品,就需要判断装下该物品获取的最⼤价值是不是⼤于不装下这个物品所获取的最⼤价值,如果⼤于那么就把东西装下!根据这样的思想我们可以得到状态转移⽅程:如果单签背包的容量可以装下物品:dp[i][j]=max(dp[i-1][j],dp[i-1][j-w[i]]+v[i]);如果当前背包的容量装不下该物品:dp[i][j]=dp[i-1][j];#include <stdio.h>int max(const int a,const int b){return a>b ? a:b;}int main(){int w[35]={0},v[35]={0},dp[35][210]={0};int n,m;scanf("%d %d",&m,&n);int i,j;for(i=1;i<=n;i++){scanf("%d %d",&w[i],&v[i]);}for(i=1;i<=n;i++){for(j=1;j<=m;j++){if(j>=w[i])//如果当前背包的容量⼤于商品的质量{dp[i][j]=max(dp[i-1][j],dp[i-1][j-w[i]]+v[i]);//判断是否应该拿下}else//⼤于背包的当前容量{dp[i][j]=dp[i-1][j];}}}for(int k=0;k<=n;k++){for(int l=0;l<=m;l++){printf("%d ",dp[k][l]);}printf("\n");}printf("%d\n",dp[n][m]);}通过运⾏以上程序可以看到最终的输出dp表和我们的预期是相符合的!但是并没有结束,动态规划有⼀个后⽆效性原则(当前状态只与前⼀个状态有关)。
01背包问题多种解法
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一、问题描绘0/1 背包问题 :现有 n 种物件,对1<=i<=n,已知第i 种物件的重量为正整数W i,价值为正整数V i,背包能蒙受的最大载重量为正整数W ,现要求找出这n 种物件的一个子集,使得子集中物品的总重量不超出W 且总价值尽量大。
(注意:这里对每种物件或许全取或许一点都不取,不一样意只取一部分)二、算法剖析依据问题描绘,能够将其转变为以下的拘束条件和目标函数:nw i x i W(1)i1x i{ 0,1}( 1i n)nmax v i x i (2)i1于是,问题就归纳为找寻一个知足拘束条件( 1 ),并使目标函数式( 2 )达到最大的解向量 X(x1, x2 , x3 ,......, x n ) 。
第一说明一下0-1 背包问题拥有最优解。
假定 (x1, x2 , x3 ,......, x n ) 是所给的问题的一个最优解,则 (x2 , x3,......, x n ) 是下边问题的nw i x i W w1x1 maxn一个最优解:i 2v i x i。
假如不是的话,设( y2, y3 ,......, y n ) 是这x i{ 0,1}( 2i n)i 2n n n个问题的一个最优解,则v i y i v i x i,且 w1x1w i y i W 。
因此,i 2i 2i 2n n nv1x1v i y i v1 x1v i x i v i x i,这说明 (x1, y2 , y3 ,........, y n ) 是所给的0-1 背包问i 2i 2i 1题比 ( x1 , x2 , x3 ,........, x n ) 更优的解,进而与假定矛盾。
穷举法:用穷举法解决0-1 背包问题,需要考虑给定n 个物件会合的所有子集,找出所有可能的子集(总重量不超出背包重量的子集),计算每个子集的总重量,而后在他们中找到价值最大的子集。
因为程序过于简单,在这里就不再给出,用实例说明求解过程。
动态规划算法0-1背包问题课件PPT
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回溯法
要点一
总结词
通过递归和剪枝来减少搜索空间,但仍然时间复杂度高。
要点二
详细描述
回溯法是一种基于递归的搜索算法,通过深度优先搜索来 找出所有可能的解。在0-1背包问题中,回溯法会尝试将物 品放入背包中,并递归地考虑下一个物品。如果当前物品 无法放入背包或放入背包的总价值不增加,则剪枝该分支 。回溯法能够避免搜索一些无效的组合,但仍然需要遍历 所有可能的组合,时间复杂度较高。
缺点
需要存储所有子问题的解,因此空间 复杂度较高。对于状态转移方程的确 定和状态空间的填充需要仔细考虑, 否则可能导致错误的结果。
04
0-1背包问题的动态规划解法
状态定义
状态定义
dp[i][ j]表示在前i个物品中选,总 重量不超过j的情况下,能够获得 的最大价值。
状态转移方程
dp[i][ j] = max(dp[i-1][ j], dp[i1][ j-w[i]] + v[i]),其中w[i]和v[i] 分别表示第i个物品的重量和价值。
02
计算时间复杂度:时间复杂度是指求解问题所需的时间与问题规模之间的关系。对 于0-1背包问题,时间复杂度主要取决于状态总数。由于每个状态都需要被遍历, 因此时间复杂度为O(2^n),其中n是物品的数量。
03
空间复杂度:空间复杂度是指求解问题所需的空间与问题规模之间的关系。在0-1 背包问题中,空间复杂度主要取决于状态总数。由于每个状态都需要被存储,因此 空间复杂度也为O(2^n),其中n是物品的数量。
06
0-1背包问题的扩展和实际应用
多多个物品和多个 背包,每个物品有各自的重量和价值, 每个背包有各自的容量,目标是选择物 品,使得在不超过背包容量限制的情况 下,所选物品的总价值最大。
0-1背包问题的近似算法
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0-1背包问题的近似算法0-1背包问题的近似算法对问题特点和算法思想做一些整理如下:这类问题其实很有意思,做数学和做计算机的人都会研究,而且我这里将要提到的论文都是做计算机的人所写的。
问题简述0-1 Knapsack Problem (0-1背包问题,下面简称KP)和Subset Sum Problem (子集合加总问题,下面简称SSP)是经典的NP完全问题。
两个问题简要描述如下:KP:有n个物品要放入背包,第i个物品的价值为ci,占据体积为vi,背包的总容积为V,要选择一部分物品放入背包,使得他们的总价值最大。
对应的优化问题是maxxi∑ci∗xis.t.∑vi∗xi≤V,xi∈{0,1}这里xi代表是否选取第i个物品进背包,等于1就代表放入背包,等于0代表不放入背包。
SSP: 给一个集合{c1,c2,…,cn},还有一个目标值V,问能否选出一个子集,使得子集中元素求和刚好等于V。
我们一般考虑的是他的另一种表述方式:选出一个子集,使得子集中元素求和不超过V,且尽量大。
对应的优化问题是maxxi∑ci∗xis.t.∑ci∗xi≤V,xi∈{0,1}这里xi代表是否选入子集,等于1就是选入子集,等于0就是不选入子集。
SSP是KP的特殊情况,也即当ci=vi的时候,KP退化为SSP,从问题式子上看,也完全一样了。
尽管如此,研究了KP不代表就不用研究SSP了,后面会说明这一点。
精确算法与近似算法这两个问题都有很简单的动态规划算法可以精确求解,但可惜算法的时间复杂度是伪多项式的,也即和V相关,但V不是问题输入数据的规模,n才是。
在ACM竞赛等算法比赛中,经常会遇到一些问题属于KP的变种,而伪多项式算法也就足够了。
由于网上资料很多,而且难度不大,这里就不详细介绍了。
如果你不知道,请你搜索“动态规划求解0-1背包问题”。
这里我们更关心多项式近似算法,也即PTAS(Polynomial Time Approximation Scheme),也即对任意给定的ϵ,算法可以在关于n的多项式时间内求得一个解,且该解和真实最优解的最多相差ϵ倍。
算法设计与分析实验报告-背包问题
![算法设计与分析实验报告-背包问题](https://img.taocdn.com/s3/m/b59c35faba4cf7ec4afe04a1b0717fd5360cb2bf.png)
算法设计与分析实验报告一、实验内容:给定n 种物品和一背包。
物品i 的重量是w i ,其价值为v i ,背包的容量为C 。
问应如何选择装入背包的物品,使得装入背包中物品的总价值最大?二、算法思想与设计描述:(一)基本算法:1、使用动态规划算法计算最优值,递归式如下,m(i ,j)是背包容量为j ,可选择物品为i ,i+1,…,n 时0-1背包问题的最优值具体代码:for(i=1; i<=num; i++)for(j=1; j<=C; j++){int temp = value[i -1][j -goods[i].weight]+goods[i].value;if(j>=goods[i].weight && temp > value[i -1][j])value[i][j] = temp;elsevalue[i][j] = value[i -1][j];}2、逆推得出装入背包的物品:j = C;for(i=num; i>=1; i --){if(value[i][j] > value[i -1][j]){judge[i] = 1;j -= goods[i].weight;}}(二)改进算法:1、求最大价值:i i i i w j w j j i m v w j i m j i m j i m <≤≥⎩⎨⎧+-=0),1-(}),1-(),,1-(max{),(具体代码:for(i=0; i<MAXNUM; i++){for(j=0; j<MAXNUM; j++){p[i][j].weight = 0;p[i][j].value = 0;q[i][j].weight = 0;q[i][j].value = 0;}}for(i=0; i<=num-1; i++){j = 0;//计算q集合的值while(j == 0 || (j>0 && p[i][j].weight!=0)){q[i][j].weight = p[i][j].weight + goods[i+1].weight;q[i][j].value = p[i][j].value + goods[i+1].value;j++;}m = 1; k = 0; j = 1;//复制i层的p、q到i+1层的p中并按重量由小到大排序while(p[i][j].weight!=0 && q[i][k].weight!=0){if(p[i][j].weight <= q[i][k].weight){p[i+1][m] = p[i][j];j++;}else{p[i+1][m] = q[i][k];k++;}m++;}while(p[i][j].weight != 0)//i层的p还没有复制结束{p[i+1][m] = p[i][j];j++;m++;}while(q[i][k].weight != 0)//i层的p还没有复制结束{p[i+1][m] = q[i][k];k++;m++;}k = 1;while(p[i+1][k].weight)//删除集合A、集合B中的元素{if((p[i+1][k].value<p[i+1][k-1].value) || (p[i+1][k].weight > C)){j = k;while(p[i+1][j].weight){p[i+1][j] = p[i+1][j+1];j++;}}elsek++;}}max_value=p[i][k-1].value;2、逆推得出最优装法:•初设i=n•比较p[i](j1,v1)与p[i-1](j2,v2)的最后一个元素,如果不同,则第i个一定被选了,且下一次i为(j1-wi,v1-vi)第一次出现的位置;如果相同则i——;•循环执行上述步骤直到i=0为止//逆推得到最优装法i = num;while(i){j = 1; k = 1;while(p[i][j].weight)j++;while(p[i-1][k].weight)k++;j--; k--;if(p[i][j].value != p[i-1][k].value){judge[i] = 1;//第i个被选中了if(i == 1)i--;int last_weight = p[i][j].weight-goods[i].weight;int last_value = p[i][j].value - goods[i].value;m = 1;while(i>1 && m<=num)//找到下一个i{j = 1;while(p[m][j].weight){if(p[m][j].weight == last_weight && p[m][j].value == last_value){i = m;break;}else{j++;}}if(i == m)break;m++;}}elsei--;}三、测试说明:1、基本算法算法复杂度:O(nC)2、改进算法:算法复杂度:O(min{nC, 2^n})四、实验总结:动态规划算法可以避免普通递归算法在某些问题上的重复计算,是一种聪明的递归。
组合优化中的背包问题
![组合优化中的背包问题](https://img.taocdn.com/s3/m/939b9809ce84b9d528ea81c758f5f61fb7362894.png)
组合优化中的背包问题背景介绍:组合优化是一种数学领域的研究,它主要关注如何在给定的限制条件下,找到最佳的组合方式。
背包问题是组合优化中的经典问题之一,它在实际生活和工业领域中都有广泛的应用。
本文将重点探讨组合优化中的背包问题。
一、问题描述:背包问题是指在给定的一组物品中,选择一部分放入背包中,使得所选物品的总价值最大化,同时不超过背包的容量限制。
背包问题通常包括两种类型:0-1背包和分数背包。
1. 0-1背包问题:0-1背包问题是指每个物品要么完全装入背包,要么完全不装入背包。
每个物品的重量和价值可能不同,背包的容量限制固定。
2. 分数背包问题:分数背包问题允许物品被分割成若干部分,可以选择物品的一部分放入背包,以满足容量的限制。
每个物品的重量和价值可能不同,背包的容量限制也可能不同。
二、解决方法:1. 动态规划:动态规划是解决背包问题最常用的方法之一。
通过构建一个二维数组,其中行表示物品的选择,列表示背包的容量限制,数组中的每个元素表示当前状态下的最优解。
通过迭代计算,找到最优解并记录在数组中。
2. 贪心算法:贪心算法是另一种解决背包问题的方法。
贪心算法的基本思想是每次选择当前状态下最优的物品放入背包中,直到达到容量限制或者所有物品都被选择。
贪心算法可能并不一定能得到全局最优解,但在某些情况下可以得到较好的结果。
三、应用领域:背包问题在实际生活和工业领域中有广泛的应用,如以下几个例子:1. 物流配送问题:在物流配送中,背包问题可以用来决定每个物流车辆应该运输哪些货物,以最大化运输总价值,同时不超过车辆的运载能力。
2. 投资组合优化问题:在金融领域中,背包问题可以用来优化投资组合,选择哪些证券或资产应该包括在投资组合中,以最大化组合的收益,同时控制总投资金额。
3. 选课问题:在学校选课系统中,背包问题可以用来确定学生应该选择哪些课程,以满足学分要求,并尽可能选择喜欢的课程。
结论:以上是关于组合优化中的背包问题的介绍。
0_1背包问题之穷举_搜索_动态规划算法探讨
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Computer Knowledge and Technology 电脑知识与技术第5卷第12期(2009年4月)0-1背包问题之穷举、搜索、动态规划算法探讨曹周进(汤溪中学,浙江金华321075)摘要:该文论述了算法学习中非常经典的0-1背包问题,探讨用穷举、搜索、动态规划三种算法来解决0-1背包问题,并讨论算法在时间和空间复杂度上的优化,给出具体的参考程序。
关键词:0-1背包,算法设计,算法优化,参考程序中图分类号:TP312文献标识码:A 文章编号:1009-3044(2009)12-3193-02The Study on Exhaust Slgorithm,Search Algorithm,Dynamic Design for 0-1Knapsack ProblemCAO Zhou-jin(Tangxi Middle School,Jinhua 321075,China)Abstract:This article elaborated the extremely classical 0-1knapsack question in the algorithm study.In this paper,the exhaust algorithm,the search algorithm,the dynamic design are proposed to solve the 0-1knapsack problem.It also carries on the optimization to the time and space complexity of algorithm,giving us the concrete reference program.Key words:0-1knapsack problem;algorithm design;algorithm optimization;reference program1引言背包问题是算法学习中非常经典的一个问题,背包问题有多种形式,如0-1背包、完全背包、部分背包、混合背包问题等。
动态规划——背包问题1:01背包
![动态规划——背包问题1:01背包](https://img.taocdn.com/s3/m/599e84d688eb172ded630b1c59eef8c75fbf9597.png)
动态规划——背包问题1:01背包背包问题是动态规划中的⼀个经典题型,其实,也⽐较容易理解。
当你理解了背包问题的思想,凡是考到这种动态规划,就⼀定会得很⾼的分。
背包问题主要分为三种:01背包完全背包多重背包其中,01背包是最基础的,最简单的,也是最重要的。
因为其他两个背包都是由01背包演变⽽来的。
所以,学好01背包,对接下来的学习很有帮助。
废话不多说,我们来看01背包。
01 背包问题:给定 n 种物品和⼀个容量为 C 的背包,物品 i 的重量是 wi,其价值为 vi 。
问:应该如何选择装⼊背包的物品,使得装⼊背包中的物品的总价值最⼤?第⼀眼看上去,我们会想到贪⼼(背包问题还不会QAQ)。
⽤贪⼼算法来看,流程是这样的:1.排序,按价值从⼤到⼩排序2.选价值尽可能⼤的物品放⼊。
但是,贪⼼做这题是错的。
让我们举个反例:n=5,C=10重量价值第⼀个物品:105第⼆个物品:14第三个物品:23第四个物品:32第五个物品:41⽤贪⼼⼀算。
答案是5,但正解是⽤最后4个,价值总和是10.那将重量排序呢?其实也不⾏。
稍微⼀想就想到了反例。
我们需要借助别的算法。
贪⼼法⽤的是⼀层循环,⽽数据不保证在⼀层循环中得解,于是,我们要采⽤⼆层循环。
这也是背包的思想之⼀。
来看背包算法:1.⽤⼆维数组dp [ i ] [ j ],表⽰在⾯对第 i 件物品,且背包容量为 j 时所能获得的最⼤价值⽐如说上⾯的那个反例:dp [ 1 ] [ 3 ] = 4 + 3 = 7.2.01背包之所以叫“01”,就是⼀个物品只能拿⼀次,或者不拿。
那我们就分别来讨论拿还是不拿。
(1)j < w[i] 的情况,这时候背包容量不⾜以放下第 i 件物品,只能选择不拿dp [ i ] [ j ] = dp [ i - 1 ] [ j ];(2)j>=w[i] 的情况,这时背包容量可以放下第 i 件物品,我们就要考虑拿这件物品是否能获取更⼤的价值。
《程序设计创新》分支限界法解决01背包问题
![《程序设计创新》分支限界法解决01背包问题](https://img.taocdn.com/s3/m/587bb241df80d4d8d15abe23482fb4daa58d1d3f.png)
《程序设计创新》分支限界法解决01背包问题一、引言分枝限界法通常以广度优先或最小成本(最大收益)优先搜索问题的解空间树。
在分枝限界方法中,每个活动节点只有一次成为扩展节点的机会。
当活动节点成为扩展节点时,将同时生成所有子节点。
这些子节点将丢弃不可执行或非最优解的子节点,并将剩余的子节点添加到活动节点表中。
然后,从活动节点表中选择节点作为当前扩展节点,然后重复上述节点扩展过程。
此过程将持续到所需的解决方案或节点表为空。
二、研究背景在生活或企业活动中,我们常常会遇到一些装在问题。
例如在生活中我们要出去旅游,背包的容量是有限的而要装物品可能很多,但是每个物品的装载优先级肯定是不一样的,那么怎么装更合适一些呢。
在企业活动中,比如轮船集装箱装载问题,集装箱是有限的,那么怎么装载这些货物才能每次都是装载最多的,只有这样企业利润才能最大化。
三、相关技术介绍上述问题就是我们算法中会遇到的背包问题。
而背包问题又分许多。
如背包问题,通常用贪心法解决。
如01背包问题通常用动态规划或者分支限界法解决。
本次我们考虑使用分支限界法来解决01背包问题四、应用示例在01背包问题中,假设有四个物品。
重量W(4,7,5,3),价值V(40,42,25,12),背包重量W为10,试求出最佳装载方案。
定义限界函数: ub = v + (W-w)×(Vi+1/W+1)画出状态空间树的搜索图步骤:①在根结点1,没有将任何物品装入背包,因此,背包的重量和获得的价值均为0,根据限界函数计算结点1的目标函数值为10×10=100;②在结点2,将物品1装入背包,因此,背包的重量为4,获得的价值为40,目标函数值为40 + (10-4)×6=76,将结点2加入待处理结点表PT中;在结点3,没有将物品1装入背包,因此,背包的重量和获得的价值仍为0,目标函数值为10×6=60,将结点3加入表PT 中;③在表PT中选取目标函数值取得极大的结点2优先进行搜索;④在结点4,将物品2装入背包,因此,背包的重量为11,不满足约束条件,将结点4丢弃;在结点5,没有将物品2装入背包,因此,背包的重量和获得的价值与结点2相同,目标函数值为40 + (10-4)×5=70,将结点5加入表PT中;⑤在表PT中选取目标函数值取得极大的结点5优先进行搜索;⑥在结点6,将物品3装入背包,因此,背包的重量为9,获得的价值为65,目标函数值为65 + (10-9)×4=69,将结点6加入表PT中;在结点7,没有将物品3装入背包,因此,背包的重量和获得的价值与结点5相同,目标函数值为40 + (10-4)×4=64,将结点6加入表PT中;⑦在表PT中选取目标函数值取得极大的结点6优先进行搜索;⑧在结点8,将物品4装入背包,因此,背包的重量为12,不满足约束条件,将结点8丢弃;在结点9,没有将物品4装入背包,因此,背包的重量和获得的价值与结点6相同,目标函数值为65;⑨由于结点9是叶子结点,同时结点9的目标函数值是表PT中的极大值,所以,结点9对应的解即是问题的最优解,搜索结束。
01背包问题及变种详解
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P01: 01背包问题题目有N件物品和一个容量为V的背包。
第i件物品的费用是c[i],价值是w[i]。
求解将哪些物品装入背包可使价值总和最大。
基本思路这是最基础的背包问题,特点是:每种物品仅有一件,可以选择放或不放。
用子问题定义状态:即f[i][v]表示前i件物品恰放入一个容量为v的背包可以获得的最大价值。
则其状态转移方程便是:f[i][v]=max{f[i-1][v],f[i-1][v-c[i]]+w[i]}这个方程非常重要,基本上所有跟背包相关的问题的方程都是由它衍生出来的。
所以有必要将它详细解释一下:“将前i件物品放入容量为v的背包中”这个子问题,若只考虑第i件物品的策略(放或不放),那么就可以转化为一个只牵扯前i-1件物品的问题。
如果不放第i件物品,那么问题就转化为“前i-1件物品放入容量为v的背包中”,价值为f[i-1][v];如果放第i件物品,那么问题就转化为“前i-1件物品放入剩下的容量为v-c[i]的背包中”,此时能获得的最大价值就是f[i-1][v-c[i]]再加上通过放入第i件物品获得的价值w[i]。
优化空间复杂度以上方法的时间和空间复杂度均为O(VN),其中时间复杂度应该已经不能再优化了,但空间复杂度却可以优化到O。
先考虑上面讲的基本思路如何实现,肯定是有一个主循环i=1..N,每次算出来二维数组f[i][0..V]的所有值。
那么,如果只用一个数组f[0..V],能不能保证第i次循环结束后f[v]中表示的就是我们定义的状态f[i][v]呢?f[i][v]是由f[i-1][v]和f[i-1][v-c[i]]两个子问题递推而来,能否保证在推f[i][v]时(也即在第i次主循环中推f[v]时)能够得到f[i-1][v]和f[i-1][v-c[i]]的值呢?事实上,这要求在每次主循环中我们以v=V..0的顺序推f[v],这样才能保证推f[v]时f[v-c[i]]保存的是状态f[i-1][v-c[i]]的值。
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实验三01背包问题不同算法设计、分析与对比一.问题描述给定n种物品和一背包。
物品i的重量是wi ,其价值为vi,背包的容量为c。
问题:应如何选择装入背包中的物品,使得装入背包中物品的总价值最大。
说明:在选择装入背包的物品时,对每种物品i只有两个选择,装入背包或不装入背包,也不能将物品装入背包多次。
二.实验内容与要求实验内容:1.分析该问题适合采用哪些算法求解(包括近似解)。
动态规划、贪心、回溯和分支限界算法。
2.分别给出不同算法求解该问题的思想与算法设计,并进行算法复杂性分析。
动态规划:递推方程:m(i,j) = max{m(i-1,j),m(i-1,j-wi)+vi} j >= wi;m(i-1,j) j < wi;时间复杂度为O(n).贪心法:算法思想:贪心原则为单位价值最大且重量最小,不超过背包最大承重量为约束条件。
也就是说,存在单位重量价值相等的两个包,则选取重量较小的那个背包。
但是,贪心法当在只有在解决物品可以分割的背包问题时是正确的。
贪心算法总是作出在当前看来最好的选择。
也就是说贪心算法并不从整体最优考虑,它所作出的选择只是在某种意义上的局部最优选择。
用贪心法设计算法的特点是一步一步地进行,根据某个优化测度(可能是目标函数,也可能不是目标函数),每一步上都要保证能获得局部最优解。
每一步只考虑一个数据,它的选取应满足局部优化条件。
若下一个数据与部分最优解连在一起不再是可行解时,就不把该数据添加到部分解中,直到把所有数据枚举完,或者不能再添加为止。
回溯法:回溯法:为了避免生成那些不可能产生最佳解的问题状态,要不断地利用限界函数(bounding function)来处死那些实际上不可能产生所需解的活结点,以减少问题的计算量。
这种具有限界函数的深度优先生成法称为回溯法。
对于有n种可选物品的0/1背包问题,其解空间由长度为n的0-1向量组成,可用子集数表示。
在搜索解空间树时,只要其左儿子结点是一个可行结点,搜索就进入左子树。
当右子树中有可能包含最优解时就进入右子树搜索。
时间复杂度为:O(2n)空间复杂度为:O(n)分支限界算法:首先,要对输入数据进行预处理,将各物品依其单位重量价值从大到小进行排列。
在优先队列分支限界法中,节点的优先级由已装袋的物品价值加上剩下的最大单位重量价值的物品装满剩余容量的价值和。
算法首先检查当前扩展结点的左儿子结点的可行性。
如果该左儿子结点是可行结点,则将它加入到子集树和活结点优先队列中。
当前扩展结点的右儿子结点一定是可行结点,仅当右儿子结点满足上界约束时才将它加入子集树和活结点优先队列。
当扩展到叶节点时为问题的最优值。
3.设计并实现所设计的算法。
4.对比不同算法求解该问题的优劣。
这动态规划算法和贪心算法是用来分别解决不同类型的背包问题的,当一件背包物品可以分割的时候,使用贪心算法,按物品的单位体积的价值排序,从大到小取即可。
当一件背包物品不可分割的时候,(因为不可分割,所以就算按物品的单位体积的价值大的先取也不一定是最优解)此时使用贪心是不对的,应使用动态规划。
5.需要提交不同算法的实现代码和总结报告。
动态规划方法:public class Knapsack {public static void main(String[] args) {int[] value = { 0, 60, 100, 120 };int[] weigh = { 0, 10, 20, 30 };int weight = 50;Knapsack1(weight, value, weigh);}public static void Knapsack1(int weight, int[] value, int[] weigh) {int[] v = new int[value.length];int[] w = new int[weigh.length];int[][] c = new int[value.length][weight + 1];int d[] = new int [100];for (int i = 0; i < value.length; i++) {v[i] = value[i];w[i] = weigh[i];}for (int i = 1; i < value.length; i++) {for (int k = 1; k <= weight; k++) {if (w[i] <= k) {c[i][k] = max(c[i - 1][k], c[i - 1][k - w[i]] + v[i]);} else {c[i][k] = c[i - 1][k];}}}System.out.println(c[value.length - 1][weight]);}private static int max(int i, int j) {int k = i > j ? i : j;return k;}}贪心法:public class GreedyKnapSack {public static void main(String[] args) {int[] value = { 0, 60, 100, 120 };int[] weigh = { 0, 10, 20, 30 };int weight = 50;Knapsack1(weight, value, weigh);}private static void Knapsack1(int weight, int[] v, int[] w) { int n = v.length;double[] r = new double[n];int[] index = new int[n];for(int i = 0;i < n; i++) {r[i] = (double)v[i] / (double)w[i];index[i] = i;}//按单位重量价值r[i]=v[i]/w[i]降序排列double temp = 0;for(int i = 0;i < n-1;i++){for(int j = i+1;j < n;j++){if(r[i] < r[j]){temp = r[i];r[i] = r[j];r[j] = temp;int x = index[i];index[i] = index[j];index[j] = x;}}}//排序后的重量和价值分别存到w1[]和v1[]中int[] w1 = new int[n];int[] v1 = new int[n];for(int i = 0;i < n;i++){w1[i] = w[index[i]];v1[i] = v[index[i]];}System.out.println (Arrays.toString(w1));System.out.println (Arrays.toString(v1));int s=0;//包内现存货品的重量int value=0;//包内现存货品总价值for(int i = 0; i < n;i++){if(s + w1[i] < weight){value += v1[i];s += w1[i];}}System.out.println("背包中物品的最大总价值为" + value);}}回溯法:public class BacktrackKnapSack {public static void main(String[] args) {int[] value = { 0, 60, 100, 120 };int[] weigh = { 0, 10, 20, 30 };int weight = 50;Knapsack1(weight, value, weigh);}private static void Knapsack1(int weight, int[] v, int[] w) { int n = v.length;double[] r = new double[n];int[] index = new int[n];for(int i = 0;i < n; i++) {r[i] = (double)v[i] / (double)w[i];index[i] = i;}//按单位重量价值r[i]=v[i]/w[i]降序排列double temp = 0;for(int i = 0;i < n-1;i++){for(int j = i+1;j < n;j++){if(r[i] < r[j]){temp = r[i];r[i] = r[j];r[j] = temp;int x = index[i];index[i] = index[j];index[j] = x;}}}//排序后的重量和价值分别存到w1[]和v1[]中int[] w1 = new int[n];int[] v1 = new int[n];for(int i = 0;i < n;i++){w1[i] = w[index[i]];v1[i] = v[index[i]];}//调用函数KnapSackBackTrack(),输出打印装完物品以后的最大价值KnapSackBackTrack(w1,v1,w1.length,weight);}private static void KnapSackBackTrack(int[] w1, int[] v1, int length, int weight) {int CurrentWeight = 0;int CurrentValue = 0;int maxValue = 0;int i = 0;int n = v1.length;while(i >= 0){if(CurrentWeight + w1[i] < weight){CurrentWeight += w1[i];CurrentValue += v1[i];i++;}elsebreak;}if(i < n){maxValue = CurrentValue;System.out.println("1背包中物品的最大总价值为" + maxValue);}}}分支限界算法:package bag01b;import java.util.ArrayList;public class bag01do {public static void main(String[] args) {// TODO Auto-generated method stubArrayList<object> objects=new ArrayList<>();objects.add(new object(10,60));objects.add(new object(20,100));objects.add(new object(30,120));bag b=new bag(50,objects);b.findmaxvalue();b.show();}}----------------------------------------------------------------------- package bag01b;import java.util.ArrayList;import java.util.Collections;import java.util.PriorityQueue;public class bag {private int bagv;private ArrayList<object> objects;private int maxvalue;private ArrayList<object> result_objects;public bag(int v,ArrayList<object> o){super();this.bagv=v;this.objects=o;this.maxvalue=0;this.result_objects=null;Collections.sort(objects);}public void show(){System.out.println("maxvalue :"+ this.maxvalue);System.out.println("the object when maxvalue:"+this.result_objects);}public void findmaxvalue(){PriorityQueue<Node> enode=new PriorityQueue<>();Node node=new Node(0,null,bagv,this.objects);enode.offer(node);while(true){if(enode.isEmpty())break;node=enode.poll();if(node.isend()){this.maxvalue=node.get_bag_value();this.result_objects=newArrayList<>(node.get_in_bag_object());return;}int i=node.get_node_in();object iobject=this.objects.get(i);if(node.get_bag_weight()+iobject.getweight()<=this.bagv){ ArrayList<object> newnodeinbag=new ArrayList<object>(node.get_in_bag_object());newnodeinbag.add(iobject);int newnodebagv=node.get_bag_leftv()-iobject.getweight();Node newnode=new Node(i+1,newnodeinbag,newnodebagv,this.objects);enode.add(newnode);if(newnode.get_bag_value()>this.maxvalue){this.maxvalue=newnode.get_bag_value();this.result_objects=newArrayList<>(newnode.get_in_bag_object());}}Node newnode=new Node(i+1,node.get_in_bag_object(),node.get_bag_leftv(),this.objects);if(newnode.get_bag_prio()>this.maxvalue)enode.add(newnode);}}}----------------------------------------------------------------------- package bag01b;import java.util.ArrayList;public class Node implements Comparable<Node>{private int node_in;private ArrayList<object> inbag_object;private ArrayList<object> outbag_object;private int leftv;private int prio;public Node(int i,ArrayList<object> in,int l,ArrayList<object> out){ super();this.node_in=i;if(in==null)in=new ArrayList<>();this.inbag_object=in;this.leftv=l;this.outbag_object=out;this.prio=this.find_prio();}private int find_prio() {// TODO Auto-generated method stubint bag_left=this.leftv;int p=this.get_bag_value();int i=this.node_in;object iobject=null;while(true){if(i>=this.inbag_object.size())break;iobject=this.inbag_object.get(i);if(iobject.getweight()>bag_left)break;bag_left-=iobject.getweight();p+=iobject.getvalue();i++;}if(i<=this.inbag_object.size()-1)p+=iobject.getvw()*bag_left;return p;}public int get_bag_weight(){int w=0;for(object o:this.inbag_object){w+=o.getweight();}return w;}public int get_bag_value(){int w=0;for(object o:this.inbag_object){w+=o.getvalue();}return w;}@Overridepublic int compareTo(Node o) {// TODO Auto-generated method stubif(this.prio>o.prio) return -1;if(this.prio<o.prio) return 1;return 0;}public boolean isend(){if(this.node_in==this.outbag_object.size())return true;elsereturn false;}public ArrayList<object> get_in_bag_object(){return this.inbag_object;}public int get_node_in(){return this.node_in;}public int get_bag_leftv(){return this.leftv;}public int get_bag_prio(){return this.prio;}public String toString(){return"node in"+this.node_in+"node prio"+this.prio;}}-----------------------------------------------------------------------package bag01b;public class object implements Comparable<object>{private static int ids=1;private int id;private int weihgt;private int value;public object(int w,int v){super();this.weihgt=w;this.value=v;this.id=ids++;}public int getid(){return this.id;}public int getweight(){return this.weihgt;}public int getvalue(){return this.value;}public float getvw(){return (float)this.value/this.weihgt;} @Overridepublic int compareTo(object o) {// TODO Auto-generated method stubif(this.getvw()>o.getvw()) return -1;if(this.getvw()<o.getvw()) return 1;return 0;}public String toString(){return"object "+this.id+" ";}}。