2020年安徽中考物理试题答案

2020年安徽中考物理试题答案）
一、填空题（每小题2分，共20分）
1. 冬天，从寒冷的室外走进温暖的室内时，眼镜片上会出现“水雾”；夏天，从
电冰箱里取出一瓶饮料，饮料瓶上会出现许多小水珠。

这些属于物态变化中的_液化__现象。

【考点】液化及液化现象．
【专题】应用题；汽化和液化、升华和凝华；理解能力．
【分析】液化是由气态变为液态的过程，在液化过程中需要放出热量。

【解答】解：眼镜片上会出现“水雾”，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的；饮料瓶上会出现许多小水珠，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的。

故答案为：液化。

【点评】物态变化的现象在生活中随处可见，我们要留心观察，多加思考，用学过的物理知识解释发生的现象。

【难度】0.8
2. 实验用的音叉上通常刻有一个数值（如图），表示该音义所产生声音的领率。

此数值越大的音叉，敏击时发出声音__音调_越高。

【考点】频率与音调的关系．
【专题】应用题；声现象．
【分析】音调的高低是由物体振动频率的大小决定的。

【解答】解：音叉振动的频率越大，则音叉发出声音的音调越高。

故答案为：音调。

第2题图
【点评】解决此类题目要知道频率的定义及音调的影响因素，属于基础知识，要掌握。

【难度】0.8
3.图中MN 为平面镜。

OB 为人射光线A0的反射光线。

请在图
中画出光线A0并标出入射角的度数。

【考点】作光的反射光路图．
【专题】作图题；光的传播和反射、平面镜成像．第3题图
【分析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、
入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出入射光线并标出入射角及其度数。

【解答】解：先过入射点O 作出法线；因为反射光线与镜面的夹
角是60°，所以反射角为90°-60°=30°；由反射定律知，反射角与
入射角相等，由此作出入射光线AO 并标出入射角的度数30°．如图
所示：
【点评】此题主要考查了反射光路的画法，关键是掌握光的反射
定律的内容，注意法线要画成虚线。

【难度】0.8
４. 汽车后刹车灯的光源，若采用发光二极管（LED ），通电后亮起的时间会比采用白炽灯大约快0.5s.这有助于后方车辆驾驶员及时作出反应。

假设后方车辆以36km/h 的速度前进，在0.5s 的时间内，后方车辆前行的距离为_ 5 __m.
【考点】速度公式及其应用．
【专题】计算题；长度、时间、速度；应用能力．
【分析】由速度的公式v=t s 变形可求距离。

【解答】解：36 km/h=10 m/s ，由v=t
s
可得，在0.5s 内后车前进的距离：
s=vt=10m/s ×0.5 s=5 m 。

故答案为：5。

【点评】本题主要考查速度公式的应用，常见题目。

【难度】0.7
5.如图所示，把纸条放在嘴边用力沿纸条上方向前吹气，会发现纸条向上飘动。

这
是因为___相对纸条下方，纸条上方的空气流速大、压强小__.从而推动纸条向上运动。

【考点】流体压强与流速的关系． 【专题】应用题；气体的压强、流体压强与流速的关系． 【分析】气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地
方压强大。

在分析纸条的运动现象时应分析纸条上下方空气的流速大小，找出压
力的方向，再判断纸条的运动状态。

【解答】解：如图所示，把一纸条靠近嘴边，在纸条的上方沿水平方向吹气时，纸条上方的空气流
速大，压强小；纸条下方的空气流速小，压强大，在空气压强差的作用下，纸条会向上偏移。

故答案为：纸条上方气体流速大，气体压强小。

【点评】对于流体压强和流速的关系的问题，首先确定好被研究的物体，然后分析物体两侧流体流
速的变化，从而确定压强大小变化。

【难度】0.8
６. 如图所示，工人沿斜面用一定大小的力F 把一重为600N 的物体从斜面底部匀
速推到顶端（不考虑物体的大小）。

已知斜面长L=3m ，高h=1.5m 。

若该过程中斜面的
效率为60% ,则力F 所做的功为___1.5x103__J 。

【考点】斜面的机械效率．
【专题】应用题；功、功率、机械效率．
【分析】知道斜面高（物体上升的高度）、物体重力，利用W=Gh 求所做的
有用功；知道斜面的效率，利用η=总
有W W ×100%求总功，即力F 做的功。

【解答】解：所做的有用功：W 有用=Gh=600N ×1.5m=900J ，
由η=总
有W W ×100%=60%得总功：W 总=%60有W =%60J 900=1500J ，即力F 做的功为1500J 。

故答案为：1500。

【点评】本题考查了使用斜面时有用功、总功的计算，属于基础题目。

【难度】0.7
7. 如图所示的电路中，电源电压U=9V 电阻R 1 = 200Ω，R 2 = 100Ω，则通电Imin 该
电路产生的热量为____16.2____J.
【考点】焦耳定律的计算公式及其应用．
【专题】应用题；电与热、生活用电；应用能力．
【分析】由电路图可知，两电阻串联，根据Q=W =R
U 2
t 求出通电1min 电路产生的热量。

【解答】解：由电路图可知，R 1与R 2串联，通电1min 该电路产生的热量：
Q=W =R U 2t=Ω+Ω1002009V )2（×60s=162.J 。

故答案为：16.2。

【点评】本题考查焦耳定律的应用，属于一道基础题。

【难度】0.7
8. 停车场人口处常用横杆来控制车辆的进出，如图甲所示。

我们可以把该装置简
化成如图乙所示的杠杆。

若横杆AB 粗细相同质量分布均匀，重G= 120N ，AB=2.8m,，A0=0.3m 。

要使横杆AB 保持水平平衡，需在A 端施加竖直向下的力F=___440_____N 。

【考点】杠杆的平衡条件．
【专题】应用题；简单机械．
【分析】横杆AB 粗细相同、质量分布均匀，
所以其重心C 在几何中心上，支点为O ，则OA 就是
动力臂，OC 就是阻力臂，再根据杠杆的平衡条件就
可以求出动力的大小。

【解答】解：横杆AB 粗细相同、质量分布均匀，所以其重心C 在几何中心上，支点为O ，则
OA 就是动力臂，OC 就是阻力臂，如下图所示：已知AB=2.8m ，AO=0.3m ，
则阻力臂OC=
21AB-OA=2
1×2.8m-0.3m=1.1m ，由杠杆的平衡条件可得：F ×OA=G ×OC ， 则F=OA OC G ⨯=0.3m m 11.N 201⨯=440N 。

故答案为：440。

【点评】本题考查了杠杆平衡条件的应用，关键是找到阻力臂的大小（重心到支点的距离）。

【难度】0.6
9. 某同学家使用燃气热水器，平均每天需将100kg 的水从18℃加热到58℃。

若
天然气完全燃烧放出热量的70%被水吸收，则热水器平均每天消耗天然气__0.6____ m 3
【c 水 =4.2x103J/（kg.℃），q 天然气=4.0x107J/m 3】。

【考点】热平衡方程的应用．
【专题】计算题；功和能综合题；应用能力．
【分析】先根据Q 吸=cm △t 计算出水吸收的热量；再利用η=
放
吸Q Q 计算出天然气放出的热量；最后根据Q 放=qV 的变形公式即可求出天然气的体积。

【解答】解：水吸收的热量：Q 吸=cm △t=4.2×103J/（kg •℃）×100kg ×（58℃-18℃）=1.68×107J ； 由η=放吸Q Q 得，需要天然气放出的热量：Q 放=η
吸Q =%70J 1068.17⨯=2.4×107J ； 由Q 放=qV 可得，天然气的体积：V=q
放Q =377/100.4104.2m J ⨯⨯=0.6m 3。

故答案为：0.6。

【点评】本题考查了学生对燃料的热值、热量计算公式的掌握和运用，难度不大，但容易出错。

【难度】0.5
10.如图所示的家庭电路，当团合开关时，发现电灯不亮。

若原因是图中打“x”的位置发生了断路，则在开关闭合的情况下,用测电笔测试电路中A点时测电笔氖管__会____（选填“会”或“不会”）发光。

【考点】家庭电路的连接．
【专题】应用题；电与热、生活用电．
【分析】用测电笔的笔尖接触火线或与火线相连的用电器，测电笔的氖管会
发光。

【解答】解：图中，开关接在火线与电灯之间，开关闭合后，若“×”的位
置发生了断路，A点还与火线连通，所以用测电笔测试A点时，氖管会发光。

故答案为：会。

【点评】本题考查了测电笔的使用，属于基础题目。

【难度】0.8
二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的）
11. 关于温度、热量和内能，下列说法正确的是
A. 0℃的物体也具有内能
B. 只要物体放出热量，温度就一定降低
C. 物体温度越高，含有的热量越多
D. 热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体
【考点】温度、热量与内能的关系．物体的内能
【专题】应用题；分子热运动、内能；应用能力．
【分析】（1）一切物体都有内能；
（2）内能的大小与温度、质量和状态有关；
（3）热量是一个过程量，存在于热传递过程中，只能说吸收或者放出热量，不能说含有或者具有热量；
（4）发生热传递的条件是存在温度差。

【解答】解：
A、一切物体都有内能，0℃的物体也具有内能，故A正确；
B、物体放出热量，温度可能降低，可能不变，如晶体凝固时放出热量，内能减少，温度不变，故B错误；
C、热量是出现在热传递过程中的一个过程量，不能说物体含有热量，可以说吸收或放出热量，故C错误；
D、发生热传递时，热量从是从温度高的物体传递给温度低的物体，故D错误。

故选：A。

【点评】本题主要考查学生对内能、温度、热传递的理解，是热学的难点；要特别注意：温度升高，内能一定增加；但是，内能增加，温度不一定升高。

【难度】0.6
12. 在物理学习过程中，对物理知识的正确认识是非常重要的。

以下说法正确的
是
A.物体的运动速度越大，惯性越大
B.磁场和磁感线都是真实存在的
C.电动机工作时消耗的电能主要转化成机械能
D.热机工作的实质是把机械能转化为内能
【考点】惯性；磁场；磁感线及其特点；直流电动机的原理；热机．
【专题】应用题；其他综合题；应用能力．
【分析】（1）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。

（2）磁体周围存在磁场，为了描述磁场的分布引入磁感线；
（3）判断能量的转化，我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，总是消耗的能量转化为得到的能量。

【解答】解：
A、惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系。

故A错误。

B、磁场是磁体周围存在的一种特殊的物质，它是看不见的，但它是真实的客观存在；磁感线是为了形象直观地描述磁场而画出来的，不是真实的存在，故B错误。

C、电动机工作时，消耗的电能主要转化成机械能，还有一小部分由于线圈发热，转化为内能。

故C正确。

D、热机工作时，将燃料燃烧产生的内能转化为机械能对外做功。

故D错误。

故选：C。

【点评】此题难度不大，但涉及到多个知识点，是一道综合性非常强的题目，对学生要求较高，属于中考常见题型。

【难度】0.5
13.一人造地球卫星沿椭圆轨道运行，我们把卫星运行过程中离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点（如图所示）。

已知卫星在运行过程中机械能保持不变，那么
A. 卫星在远地点的势能最大、动能为零
B. 卫星在近地点的动能最大、势能为零
C. 卫星从近地点向远地点运动过程中，势能增大、动能减小
D. 卫星从近地点向远地点运动过程中，动能增大、势能减小
【考点】动能和势能的大小变化．
【专题】应用题；机械能及其转化；应用能力．
【分析】（1）动能的影响因素是物体的质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；
（2）重力势能的影响因素是物体的质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。

【解答】解：
A、卫星质量一定，在远地点时相对月球距离最大，势能最大，卫星仍在运动，故动能不为零；故A错误；
B、卫星质量一定，在近地点时速度最大，动能最大，相对地球有一定距离，势能不为零；故B 错误；
CD、卫星在运行过程中机械能保持不变，从近地点向远地点运动过程中，速度变小，动能变小；高度变大，势能变大，动能转化为势能；故C正确，D错误。

故选：C。

【点评】本题主要考查了动能和重力势能大小的判断，只要知道影响动能、重力势能大小的因素即可解答。

【难度】0.6
14.图中是放置在水平桌面上的刻度尺的部分，
甲、乙、丙、丁是通过凸透镜所看到的刻度尺的像。

若凸透镜先贴着刻度尺然后逐渐远离，则看到刻度尺
的像的先后顺序正确的是
A.甲→乙→丙一丁
B. 乙→丙→甲→丁
B.C. 乙→丁→甲→丙 D. 丙→甲→乙→丁
【考点】凸透镜成像的应用．照相机、幻灯机和放大镜的原理
【专题】透镜及其应用．
【分析】若凸透镜先贴着刻度尺然后逐渐远离，刻度尺到凸透镜的距离（物距）从一倍焦距以内→一倍焦距和二倍焦距之间→二倍焦距处→二倍焦距以外，从这几个过程中凸透镜的成像情况进行判断。

【解答】解：
（1）刻度尺到凸透镜的距离（物距）在一倍焦距以内时，凸透镜成正立、放大的虚像，即乙图。

（2）刻度尺到凸透镜的距离在一倍焦距和二倍焦距之间时，凸透镜成倒立、放大的实像，即丁图。

（3）刻度尺到凸透镜的距离在二倍焦距处，凸透镜成倒立、等大的实像，即甲图。

（4）刻度尺到凸透镜的距离在二倍焦距以外时，凸透镜成倒立、缩小的实像，即丙图。

综上可知，凸透镜从贴着刻度尺然后逐渐远离，则看到刻度尺的像的先后顺序为乙→丁→甲→丙，故选C。

【点评】首先要明确凸透镜成像的几种情况，然后分析凸透镜从贴近刻度尺到远离刻度尺经历了几个阶段，根据成像特点进行解答。

【难度】0.7
15.如图所示，轻质弹簧（即重力不计），上端挂在铁架台的水平横杆上，下端挂一重为G的小球并保持静止。

图中分别给出了该状态下小球和弹寶的受力示意图。

下列判断正确的是
A. G与F3是一对平衡力
B. G与F3是一对相互作用力
C. F1与F2是一对平衡力
D. F1与F2是一对相互作用力
第15题图
【考点】平衡力和相互作用力的区分．
【专题】应用题；运动和力．
【分析】平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。

相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。

【解答】解：
A、G与F3这两个力没有作用在同一个物体上，所以不是一对平衡力，故A错误；
B、G的施力物体是地球，受力物体是小球；F3的施力物体是水平横杆，受力物体是弹簧，所以G与F3不是一对相互作用力，故B错误；
CD、F1是弹簧拉动小球的力，F2是小球拉动弹簧的力，这两个力是一对相互作用力，故C错误、D正确。

故选：D。

【点评】平衡力和相互作用力容易混淆，注意区分：相同点：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上。

不同点：平衡力是一个受力物体，发生在两个物体之间；相互作用力是两个受力物体，发生在两个物体之间。

【难度】0.7
16.R1、R2、R3是三个阻值不同的定值电阻。

将它们串联起来接人电路，如图甲所示，闭合开关后，测得各电阻两端的电压关系为U1>U2>U3；若将它们并联起来接人电路，如图乙所示，则闭合开关后，通过每个电阻的电流大小关系为
A. I 1>I2>I3
B. I3>I2>I1
C. I1=I2=I3
D. I2>I1>I3
【考点】欧姆定律的应用．运用欧姆定律解决有关问题
【专题】应用题；电流和电路．
【分析】甲中三个电阻串联，根据欧姆定律U=IR 和串联电路电流的规律和已知条件确定三个
电阻的大小；
在乙中，三个电阻并联，根据并联电路各支路电压相等，由欧姆定律分析电流的大小关系。

【解答】解：甲中三个电阻串联，串联电路各处的电流相等，根据欧姆定律U=IR ，因U 1＞U 2
＞U 3，故R 1＞R 2＞R 3；
在乙中，三个电阻并联，根据并联电路各支路电压相等，由欧姆定律I=R U ，I 3＞I 2＞I 1，只有B 正确。

故选：B 。

【点评】本题考查并联、串联电路的规律及欧姆定律的运用。

【难度】0.5 17. 在图示电路中，电源电压保持不变。

闭合开关S 后，将滑动变阻器的滑片P 自
左向右滑动，则
A. 电流表A 的示数减小
B. 电压表V 2的示数减小
C. 电压表V 1与电流表A 的示数比值减小
D. 电压表V 2与电流表A 的示数比值减小
【考点】电路的动态分析．欧姆定律之电路变化分析
【专题】应用题；欧姆定律．
【分析】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表V 1测滑动变阻器两端的电压，电
压表V 2测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，从而判定比值的变化。

【解答】解：由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表V 1测滑动变阻器两端的电压，
电压表V 2测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，将滑动变阻器的滑片自右向左滑动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=R
U 可知，电路中的电流变大，即电流表A 的示数增大，由U=IR 可知，定值电阻两端的电压变大，即电压表V 2的示数增大，故AB 错误；
电压表V 1与电流表A 的示数比值为滑动变阻器的电阻，电阻减小，比值减小，故C 正确；
电压表V 2与电流表A 的示数比值为定值电阻的阻值，阻值不变，比值不变，故D 错误。

故选：C 。

【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的
连接方式和电表所测的电路元件是关键。

【难度】0.7
题号
11 12 13 14 15 16 17 答案 A C C C D B C
三、实验题（第18小题4分，第19小题4分，第20小题8分，共16分)
18. 在探究“什么情况下磁可以生电”的实验中，实验装置如图所示。

（1）实验现象：①保持蹄形磁体位置不动，让导线AB 在磁场中静止竖直向上或
向下运动，电流表的指针均不发生偏转；②导线AB 向左或向右运动，电流表的指针发生偏转；③保持导线AB 不动，让蹄形磁体向左或向右运动，电流表的指针发生偏转。

实验结论：闭合电路的一部分导体在磁场中做___切制磁感线___________运动时，
导体中就会产生感应电流。

（2）实验现象：①保持磁场方向不变，导线AB向右运动时，电流表指针向左偏转；导线AB向左运动时电流表指针向右偏转。

②对调磁体两极的位置，使磁场方向发生改变，导线AB向右运动时，电流表指针向右偏转；导线AB向左运动时，电流表指针向左偏转。

实验结论：感应电流的方向与___导体运动的方向和磁场方向___________有关。

第18题图
【考点】探究电磁感应现象的实验．
【专题】实验题；探究型实验综合题．
【分析】（1）闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，此现象称为电磁感应现象，发电机就是根据此原理制成的。

（2）感应电流的方向跟导体切割磁感线方向、磁场方向有关。

【解答】解：（1）实验结论：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。

（2）让导体在磁场中向左运动时，因为导体中感应电流的方向跟导体切割磁感线方向有关，所以灵敏电流表的指针向右偏转，电路中电流方向相反。

两个磁极对调，使磁感线的方向反向，闭合开关，让导体在磁场中向右运动，因为导体中的感应电流的方向跟磁场方向有关。

所以灵敏电流表的指针向右偏转，实验结论：感应电流的方向与导体切割磁感线方向和磁场方向有关。

故答案为：（1）切割磁感线；（2）导体切割磁感线方向和磁场方向。

【点评】本题通过产生感应电流的条件和感应电流的方向的影响因素来推导出实验现象，是学以致用的典型题目。

【难度】0.5
19.实验室用的托盘天平，砝码盒中常配备的砝码规格有100 g、50g 、20g 、10g、
5g，现要测量物体的质量（约为70g）
（1）调节横梁平衡：将天平放在水平桌面上，取下两侧的垫圈，指针就开始摆动。

稳定后，指针指在分度盘的位置如图甲所示。

则接下来的调节过程为:__用镊子将游码移到标尺的零刻度线处，调节平衡蝶母，使指针指在分度盘中央刻度线或在中央刻度线两侧等幅摆动____________
第19题图
（2）调节天平横梁平衡后，将物体放在左盘中，用镊子由大到小在右盘中加...，当放人5g的砝码时，指针偏向分度盘的右侧，如图乙所示。

则接下来的操作是:_先用镊子将5g砝码取下，再调节游码在标尺上的位置____.直到横梁恢复平衡。

【考点】质量的测量与天平．托盘天平的构造和调零
【专题】实验题；基本仪器的使用专题．
【分析】（1）首先把天平放在水平桌面上，再调节平衡螺母直到横梁平衡；调节天平平衡时，如果指针向左偏，平衡螺母向右调，如果指针向右偏，平衡螺母向左调；
（2）放入最小的砝码指针向右偏转，应取下最小砝码，移动游码。

【解答】解：（1）首先把天平放在水平桌面上，由图甲可知，指针向右偏，接下来的调节过程为：把游码移到横梁标尺左端零刻线，调平衡螺母，使指针对准分度盘中央；
（2）调节天平横梁平衡后，将物体放在左盘中，用镊子由大到小在右盘中加减砝码，当放入5g 的砝码时，指针偏向分度盘的右侧，如图乙所示。

则接下来的操作是取下最小5g 砝码，移动游码，直到横梁恢复平衡。

故答案为：（1）把游码移到横梁标尺左端零刻线，调平衡螺母，使指针对准分度盘中央；（2）取下最小5g 的砝码，移动游码。

【点评】考查了有关天平的使用及读数，在调平时应注意二放，将天平放在水平台上，将游码放在标尺左端的零刻线处。

【难度】0.6
20.一小灯泡额定电压为2.5V ，图a 是测量其电阻的实验电路图。

(1)请按照图a ，将图b 中的实物电路连接完整;
（2）闭合开关，调节滑动变阻器，当电压表示数为2.50V 时，小灯泡正常发光，电流表示数如图e 所示，则此时通过小灯泡的电流为
___0.28______A ； （3）调节滑动变阻器，让小灯泡两端的电压逐渐减小，会发现灯泡变暗直至完全不发光。

可以猜想此过程中灯丝的温度_________降低________（选填“升高”、“不变”或“降低”）；
（4）测量数据如下表所示。

____小____【考点】伏安法测电阻的探究实验．用电压表和电流表测电阻
【专题】实验题；探究型实验综合题．
【分析】（1）变阻器按一下一上接入电路中；
（2）根据电流表选择的量程和对应的分度值，按照指针的位置读出电流表的示数；
（3）小灯泡电压越低，灯丝温度越低；
（4）小灯泡灯丝电阻随两端电压的变化，比较不同电压下小灯泡的电阻值，电阻值随温度的升高而增大。

【解答】解：
（1）变阻器按一上一下接入电路中，按电路图连接如下图所示：
（2）电流表选择的是0～0.6A 量程，对应的分度值是0.02A ，指针指
在0.2A 后第4个小格上，因此示数为0.2A+0.02A ×4=0.28A ；
（3）调节滑动变阻器，让小灯泡两端的电压逐渐减小，会发现灯泡变
暗直至完全不发光，电能转化成的内能变小。

可以猜想此过程中灯丝
的温度降低；
（4）由表中数据，比较不同电压下小灯泡的电阻值可知：随着小灯泡
灯丝两端电压越低，小灯泡的电阻逐渐减小。

故答案为：（1）如上图；（2）0.28；（3）降低；（4）小。

电压U/V 2.50 2. 10 1.70 1.30 0.90 0.50
电流I/A
0.26 0.24 0.21 0.19 0. 16
【点评】本题测某小灯泡电阻，考查实验原理，电路连接、电流表读数、影响电阻大小的因素，是一道综合题。

【难度】0.5
四、计算题（第21小题5分，第22小题7分，第23小题8分，共20分；解答要有必要的公式和过程）
21. 在车站广场上,常常看见人们将旅行包B 平放在拉杆箱A 上，如图甲所示。

假设作用在箱子上的水平推力F 推 =20N ，A 、B 一起做匀速直线运动。

（1）将旅行包B 看成一个有质量的点，如图乙所示。

请在图乙
中画出运动过程中B 的受力示意图；（2）若10s 内箱子运动的距离
为8m ,求力F 做功的功率。

【考点】力的示意图与图示；功率的计算．力的示意图
【专题】应用题；其他综合题．
【分析】（1）当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，处于平衡状态，
受平衡力，据此分析并画出旅行包B 受到的力；
（2）根据W=Fs 求出推力做的功，然后根据P=t W 求推力做功的功率。

【解答】解：
（1）旅行包B 随拉杆箱A 一起在水平面是做匀速直线运动，此时旅行包B 只受竖直向下的重力和竖直向上的支持力，且二力大小相等，据此画出运动过程中B 的受力示意图如下： .......2分
（2）推力10s 对箱子做的功W =F 推s=20N ×8m=160J ；
推力做功的功率P=P=t W
= 16W .......3分
故答案为：（1）见上图；（2）推力做功的功率为16W 。

【点评】本题综合考查了受力分析、力的示意图的画法、功和功率的计算，属于综合性题目。

【难度】0.5
22.有一个量程为0～1mA 的小量程电流表G ，内阻R g =30Ω，选择一定值电阻R 0与它并联起来，如图所示。

将A 、B 两端接入电路(图中I 表示电流表G 与电阻R 0并联后的总电流)。

（1调节电路，使电流表的指针指在最大刻度处（即ImA ），这时电流I 为0. 6A,求电阻R 0的值(计算结果保留两位小数);
（2）继续调节电路，使电流表的指针指在刻度盘中央（即0.5mA ），此时电流I 变为多少?
【考点】欧姆定律的应用．替换电阻
【专题】应用题；信息给予题；电流和电路．
【分析】（1）G 与定值电阻并联，由欧姆定律得出其两端的电压，由并联电路电流的规律得出通过定值电阻的电流，根据欧姆定律求出电阻R 0；
（2）电流表的指针指在刻度盘中央（即0.5mA ），由欧姆定律可知电流表的电压也为原来的21
，
由欧姆定律，通过定值电阻的电流为21
，由并联电路电流的规律求出此时电流I 。

【解答】解：
（1）G 与定值电阻并联，调节电路，使电流表的指针指在最大刻度处（即1mA ），由欧姆定律，其两端的电压为：U=I ×R g =0.001A ×30Ω=0.03V ；
这时电流I 为0.6A ，由并联电路电流的规律，通过定值电阻的电流为：I 0=0.6A-0.001A=0.599A ，。