2018中考物理分类汇编综合计算题.doc
(完整版)2018年中考物理试题分类汇编压强、浮力的综合计算(可编辑修改word版)
1. （2018·安徽）重为200N的方形玻璃槽，底面积为0.4m2，放在水平台面上，向槽中加水至水深0.3m(已知=1.0×103kg/m3，g取10N/kg，玻璃槽的侧壁厚度不计)（1）求水对槽底部的压强和槽底对水平台面的压强；（2）将边长为20cm的正方体物块轻轻放入水中，当其静止时，测出该物块露出水面的高度为5cm，求该物块的密度；（3）用力F垂直向下作用在物块的上表面，使物块露出水面的高度为2cm并保持静止，求此时力F的大小。
解：（1）水对槽底部的压强：；水的体积：，根据和可得，水的重力：，玻璃槽对水平台面的压力：，玻璃槽对水平台面的压强：；（2）正方体物块轻轻放入水中，当其静止时，处于漂浮状态，所以F浮=G水木，根据和可得：，代入数值可得：，解得：；（3）根据力的平衡可知，力F的大小等于物块增大的浮力，即：。
答：（1）求水对槽底部的压强和槽底对水平台面的压强分别为3×103Pa、3.5×103Pa；2．（2018·绵阳）（12分）如图所示，长L1=1m的薄壁正方体容器A放置在水平地面上，顶部有小孔C与空气相通，长L2=0.2m的正方体木块B静止在容器A底面。
通过细管D缓慢向容器A内注水，直到注满容器A，木块B上浮过程中上下表面始终水平，木块B与容器A底面和顶部都不会紧密接触。
已知水的密度ρ水=1.0×103kg/m3，木块的密度ρ木=0.5×103kg/m3，g取10N/kg。
求：（1）注水前，木块B对容器A底面的压强（2）木块B对容器A底面压力刚好为0时，容器A内水的深度（3）水注满容器后，容器A顶部对木块B的压力大小（4）整个过程，浮力对木块所做的功解：（1）木块的质量为：m=ρV=0.5×103kg/m3×（0.2m）3=4kg；木块B对容器A底面的压强为：P=====1000Pa；（2）木块B对容器A底面压力刚好为0时，木块恰好处于漂浮状态，此时受到的浮力为：F浮=G=mg=4kg×10N/kg=40N；根据阿基米德原理可知，木块排开的水的体积为：V排===4×10﹣3m3，则木块浸入水中的深度即水的深度为：h===0.1m；（3）水注满容器后，木块全部浸入水中，木块受到竖直向下的重力、竖直向下的压力和竖直向上的浮力的共同作用；由阿基米德原理可知，此时木块受到的浮力为：F'浮=ρgV'排=1.0×103kg/m3×10N/kg×（0.2m）3=80N；物体处于静止状态，受力平衡，则容器A顶部对木块B的压力大小为：F=F'浮﹣G=80N﹣40N=40N；（4）整个过程中，木块上升的高度为：s=L1﹣L2=1m﹣0.2m=0.8m；则浮力所做的功为：W=F浮s=40N×0.8m=32J。
2018中考物理真题分类汇编 综合计算题(含解析)
分类汇编：综合计算题1.（201潍坊）8如图所示是一种常见的封闭电热水袋，其性能参数如表中所示。
已知电热水袋加热效率为80%，水的比热容c=4.2×103J/（kg•℃），水的密度ρ=1.0×103kg/m3．将袋内20℃的水加热到自动断电，求：（1）袋内水吸收的热量（2）需要的加热时间解:（1）由ρ=可得袋内水的质量：m=ρ水V=1.0×103kg/m3×1.0×103=1kg，袋内水吸收的热量：Q=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（60℃﹣20℃）=1.68×105J；（2）由η=可得消耗电能：W===2.1×105J，由P=可得，需要的加热时间：t===525s。
答：（1）袋内水吸收的热量为1.68×105J；（2）需要的加热时间为525s。
2.（2018•青岛）探究小球在斜面上的运动规律如图甲所示，小球以初速度20m/s从A点沿着足够长的光滑斜面滑下，它在斜面上的速度ν随时间t均匀变化。
实验数据如下表（1）根据表中数据，在图乙中描点并画出小球的v﹣t图象。
（2）小球的运动速度v与时间t的关系式为v= 5m/s2t+2.0m/s ；（3）如图丙所示，以速度v1做匀速直线运动的物体在时间t内通过的路程是s1=v1t1，它可以用图线与时间轴所围矩形（阴影部分）的面积表示。
同样，图乙中图线与时间轴所围图形的面积，也能表示这个小球在相应时间t內通过的路程s。
上述小球从A点沿光滑斜面滑下，在时间t内通过的路程的表达式为s= 2.0m/s×t+5m/s2t2。
【分析】（1）根据表中数据，由描点法作图；（2）由上图知，小球的运动速度v与时间t的关系式为一次函数关系，设为v=kt+b，将表中前2组数据，代入①得出k和b，得出小球的运动速度v与时间t的关系式；（3）图乙中图线与时间轴所围图形的面积表示这个小球在相应时间t內通过的路程s。
2018年中考物理试题分类汇编：能源与可持续发展
2018年中考物理试题分类汇编：能源与可持续发展1. (2018·威海)下列关于能源的说法，正确的是（ ）A ．风能是不可再生能源B ．太阳能、水能是二次能源C ．人类已建成的核电站是利用核聚变发电的D ．化石能源的大量使用造成了酸雨、雾霾等环境问题2．（2018•玉林）保护环境，人人有责。
如图所示，下面哪种现象更有利于对环境的保护（ ）3．（2018•岳阳）关于能源和能量的说法正确的是（ ）A ．煤和石油都是不可再生能源B ．汽车可以从排放的尾气中吸收能量，不消耗新的能源，返回原地C ．达·芬奇设想永动机是可以制成的D ．目前核电站是利用核聚变来发电的4．(2018·福建A)物理学家霍金常提醒人们关注能源和人类生存问题，下列属于可再生能源的是（ ）A ．煤B ．石油C ．天然气D ．风能5.(2018·广州)对比图3中，我国2017年发电量和2030年预测发电量预测（）A.火力发电量将减少B.水力发电量将增加C.我国将以核能发电为主D.风力发电量占总发电量的比例将减小6. （2018·武汉）关于能量和能源，下列说法错误的是（ ）A 电能必须通过消耗一次能源才能得到，是二次能源B 我们今天使用的煤、石油、天然气，都是化石能源C 能量的转化和转移有时是有方向性的D 自然界的能量是守恒的，它既不能创生，也不能消灭7．(2018·常德)许多城市都在推广利用太阳能，城市交通指示灯及路灯照明系统已大量使用太阳能，下列关于太阳能的说法不正确的是（ ） A ．太阳是一个巨大的“核能火炉” B ．太阳能为二次能源 C ．太阳能属于可再生能源 D ．太阳能清洁，无污染 8．(2018·益阳)下列关于核能说法正确的是( ) A.核反应堆中发生的链式反应是不可控制的 B.核电站产生的核废料仍具有放射性，一般深埋在人烟稀少的地方 C.核反应堆可将核能直接转化成电能 D.我国已建成可控核聚变反应堆 9. （2018·成都A ）关于原子、原子核、核能和能源，下列说法正确的是（ ） A.原子由原子核和质子组成 B.原子核由质子和中子组成 C.太阳的惊人能量来自内部的核裂变 D.石油、风能、可燃冰属于可再生能源 10．（2018·乐山）在我国西部建有不同类型的发电站，下列发电站发电过程中，利用不可再生能源发电的是（ ） A ． 燃气电站 B ．风电站 C ．水电站 D ．太阳能电站 11．（2018，湖南株洲）智轨列车融合了有轨电车和公共汽车的优势，零排放、无污染。
中考物理试题分类汇编物态变化
2018中考物理试题分类汇编：熔化和凝固一．选择题共5小题1．2018安徽图示为某种物质熔化时温度随时间的变化的图象;根据图象,下列判断正确的是A．该物质熔化过程持续了25minB．该物质是晶体,熔点为80℃C．在第30min,该物质处于固液共存状态D．在第10min到第25min之间,由于物质温度不变,所以不吸收热量分析明确图象中横纵坐标所表示的内容,可以看出物质的温度整体呈上升趋势,且有一段时间物质吸热但温度不再高,说明这是晶体熔化的图象,进而可以判断出对应的熔点温度；熔化前处于固态,熔化过程后处于固液共存状态、熔化完成处于液态;解答解：ABD、分析图象可知,图象中呈水平的一段所对应的温度80℃就是物质的熔点,该物质有固定的熔化温度,是晶体,该物质从第10分钟开始熔化,到第25分钟左右结束,约进行了15分钟,熔化过程吸热温度不变,故AD错误,B正确；C、在第30min熔化完成,该物质处于液态,故C错误;故选：B;2．2018无锡如图是“探究烛蜡的熔化特点”的实验,下列说法中错误的是A．烛蜡应碾碎后放入试管中B．温度计的玻璃泡应插入烛蜡内部C．“水浴法”加热可以使烛蜡受热均匀D．烛蜡熔化过程中,温度逐渐上升,说明烛蜡是晶体分析1为了是蜡烛均匀受热,应用碎蜡烛；2根据温度计的使用方法分析；3水浴法能使物质均匀受热；4晶体在熔化过程中,吸热,但温度不变;解答解：A、烛蜡应碾碎后放入试管中,这样蜡烛能均匀受热,故A正确；B、用温度计测温度时,温度计的玻璃泡应插入烛蜡内部,故B正确；C、“水浴法”加热可以使烛蜡受热均匀,故C正确；D、烛蜡熔化过程中,温度逐渐上升,说明烛蜡是非晶体,没有固定的熔点,故D错误;故选：D;3．2018赤峰下列各组固体中具有确定熔点的一组是A．蜡玻璃沥青B．蜡铝玻璃 C．冰铁铝D．冰铁沥青分析自然界中的固体可分为晶体和非晶体,其中晶体有固定的熔点,非晶体没有固定的熔点;解答解：A、蜡、玻璃、沥青都是非晶体,都没有固定的熔点,故A不符合题意；B、蜡和玻璃是非晶体,没有确定的熔点,铝是晶体,有熔点,故B不符合题意；C、冰、铁、铝都是晶体,都有固定的熔点,故C符合题意；D、沥青是非晶体,没有固定的熔点,冰和铁是晶体,有固定的熔点,故D不符合题意;故选：C;4．2018黄冈在冬季,某地的地下水管破裂,水喷射出来形成了如图所示的“冰花”;虽然气温没有回升,过一段时间,发现“冰花”还是变小了;以下分析正确的是A．“冰花“是由空气水蒸气凝华而形成的B．“冰花”是由喷出来的水凝固而形成的C．“冰花”形成时的气温为0℃D．“冰花”变小过程中要放热分析1物质由气态直接变为固态叫凝华,物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化,由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化,由液态变为固态叫凝固; 2在六个物态变化中,有三个吸热：熔化、汽化、升华；三个放热：凝固、液化、凝华; 3凝固的条件：到达凝固点继续放热;解答解：AB、“冰花”是喷射出来的水遇冷凝固形成的,不是凝华现象,故A错误,B正确；C、水的凝固点为0℃,气温低于或等于0℃,如果继续放热,就会凝固,“冰花”形成时的气温不一定为0℃,可以低于0℃,故C错误；D、“冰花”变小是固态的冰升华形成水蒸气,升华吸热,故D错误;故选：B;5．2018扬州如图所示是甲、乙两种物质的熔化图象,下列说法正确的是A．0～4min甲比乙吸热多B．4～8min甲不吸热C．0～10min甲和乙内能不断增加D．0～10min甲和乙温度不断升高分析1相同时间吸收的热量相同；2明确图象中横纵坐标所表示的内容,可以看出物质的温度整体呈上升趋势,且有一段时间物质吸热但温度不再高,说明这是晶体熔化的图象,熔化过程吸热温度不变；3无论晶体还是非晶体吸热内能都增加；4晶体熔化过程吸热温度不变；非晶体吸热温度升高;解答解：A、加热相同的时间,吸收的热量相同,故0～4min甲乙吸热一样多,故A错误；B、甲物质的温度整体呈上升趋势,且有一段时间物质吸热但温度不再高,说甲是晶体熔化的图象,熔化过程吸热温度不变；乙吸热温度一直升高是非晶体,故B错误；CD、0～10min甲和乙都吸热,内能都不断增加,只是甲是晶体,吸热温度不变,乙是非晶体,吸热温度升高,故C正确,D错误;故选：C;二．填空题共6小题6．2018广西海波在熔化过程中不断吸热,温度不变选填“升高“或“不变”；说明海波属于晶体选填“晶体”或“非晶体”分析晶体和非晶体的重要区别：晶体有一定的熔点,非晶体没有一定的熔点；晶体熔化时,不断吸收热量,温度保持不变,这个不变的温度是晶体的熔点;解答解：海波在熔化过程中,不断吸收热量,温度不变,有固定的熔点,所以海波是晶体;故答案为：不变；晶体;7．2018烟台小明在探究”海波熔化时温度的变化规律”的实验时,设计了甲、乙两种方案如图所示;实验应选用甲方案,其优点是使物质均匀受热,实验过程中温度计的变化情况是先升高,后不变,再升高;分析利用水浴法加热,可以使固态物质受热均匀,且可以防止温度上升较快,便于测量温度；晶体在熔化的过程中,温度保持不变;解答解：利用水浴法加热,不但能使试管受热均匀,而且物质的温度上升速度较慢,便于及时记录各个时刻的温度,故应选择甲装置;实验过程中,海波吸收热量,温度升高,海波在熔化过程中温度不变,熔化结束后,温度计示数逐渐变大;故答案为：甲；使物质均匀受热；先升高,后不变,再升高;8．2018兰州沥青路面在烈日下由硬变软,在这个过程中沥青的温度不断升高,说明沥青是非晶体;选填“晶体”或“非晶体”分析区分晶体和非晶体可以看熔化过程中温度是否变化；变化,则为非晶体,不变,则为晶体;解答解：烈日下,沥青路面吸热后逐渐变软,该过程中沥青的温度不断升高,即沥青没有一定的熔点,所以沥青是非晶体;故答案为：非晶体;9．2018淮安如图甲所示,探究冰的熔化特点,将装有碎冰的试管直接放置在空气中,不用酒精灯加热,这样做不但使试管均匀受热,而且冰的温度升高较慢选填“快”或“慢”,便于记录各个时刻的温度;图乙是根据实验数据绘制的冰熔化时温度随时间变化的图象;由图象可知,在第8分钟末,试管里的冰处于固液共存态选填“固态”、“液态”或“固液共存态”,冰在熔化过程中温度不变;分析1为了能使固体物质均匀受热,常用水浴法,若物质的熔点较低,可以不对其加热,这样不仅能够使烧杯均匀受热,而且冰的温度升高较慢,便于记录数据；2晶体在熔化过程中处于固液共存状态、熔化前处于固态,熔化后处于液态；3根据晶体在熔化过程中,不断吸收热量,温度保持不变,内能增大;解答解：1冰的熔点为0℃,所以装有碎冰的烧杯直接放置在空气中,不但能使烧杯均匀受热,而且冰的温度升高较慢,便于记录各个时刻的温度;2由图象可知,冰从4min开始熔化,到10min熔化完成,在第8分钟末,试管里的冰处于熔化过程,处于固液共存状态；3冰吸收热量温度升高,达到熔点,在熔化过程中,继续吸收热量,温度保持不变;故答案为：慢；固液共存态；不变;10．2018广元改革开放40年来,人民的生活水平得到了很大的提高,很多家庭都用上了电冰箱;冰箱冷藏室内壁常常会结冰,这是凝华现象,致冷剂在冰箱冷冻室的管子里面汽化吸热,从而使冷冻室温度降低;填物态变化名称分析1在一定条件下,物体的三种状态﹣﹣固态、液态、气态之间会发生相互转化,这就是物态变化；2物质由气态直接变为固态叫凝华,物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化,由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化,由液态变为固态叫凝固;解答解：冰箱冷藏室内壁常常会结冰,是由水蒸气遇冷凝华而成的小冰晶,是凝华现象；氟利昂是一种既容易汽化又容易液化的物质；工作时电动压缩机使氟利昂蒸气压缩而液化,压入冰箱外的冷凝器管里,由于氟利昂液化,将热量放出；冷凝器里的液态氟利昂,经过一段很细的毛细管进入冰箱内冷冻室的管子里,在这里迅速汽化,从冰箱的内部吸收热量,使冰箱内部的温度降低;故答案为：凝华；汽化;11．2018广安如图是某物质熔化时温度随时间变化的图象,根据图象可知该物质是晶体选填“晶体或“非晶体”,该物质第5min时处于固液共存选填“固”、“液”或“固液共存”态;分析晶体有一定的熔化温度,非晶体没有一定的熔化温度,这是晶体和非晶体的区别；分析图象发现物质从第3min开始熔化,到第7min熔化结束,熔化之前是固态,熔化过程中是固液共存状态,熔化结束后变成液态;解答解：由图可见,该物质图象上有一段与时间轴平行的直线,表示该物质在熔化过程中不断吸热,温度保持不变,因此该物质为晶体；物质的熔化过程是从第3min到第7min,因此在第5min时晶体处于熔化过程,物质处于固液共存态;故答案为：晶体；固液共存;三．实验探究题共13小题12．2018宿迁图甲是“探究冰的熔化特点”实验装置,图乙是根据实验数据描绘出冰在熔化时温度随时间变化的图象;1实验中,用烧杯中的热水加热试管中的冰,除了使冰受热缓慢外的好处是使物质均匀受热；2由图乙可知,冰的熔点是0 ℃；3重复实验当试管中的冰开始常化时,立即将试管浸入到另一只装有冰水混合物的烧杯中,发现冰不再熔化,该现象能选镇“能”或“不能”说明冰在熔化过程中需要吸热;分析1把盛有固体的试管放入盛有水的烧杯中加热,而不是直接用酒精灯加热,这样可以使固体均匀受热,减慢熔化速度,发现熔化过程中的规律；2晶体在熔化过程中,温度不变；3晶体熔化时需要吸收热量;解答解：1利用烧杯中的水给试管里的物质加热的目的是使试管中的物质受热均匀；2由图可知,冰在第2min到第4min时吸收热量,温度保持0℃不变,故冰的熔点是0℃；3将试管浸入到另一只装有冰水混合物的烧杯中,发现冰不再熔化,由于温度相同,试管中的冰无法吸收热量,该现象能说明冰在熔化过程中需要吸热;故答案为：1使物质均匀受热；20；3能;13．2018武汉图甲是观察物质熔化和凝固现象的实验装置,图乙是根据实验数据绘制的温度随时间变化的图象;1安装图甲所示的器材时,应先确定铁圈C 选填“铁棒A”“铁夹B”或“铁圈C”的位置;实验中,需要观察试管内物质的状态,并记录温度和加热时间;2分析图乙可知：该物质的凝固点为80℃；该物质第40min的内能小于选填“大于”“等于”或“小于”第20min的内能;分析1组装实验仪器是实验中的一个重要环节,应从最优化的角度去考虑,避免重复调整；实验中,通过观察物质的状态来记录时间、温度；2晶体有一定的熔点凝固点熔化时温度不变,晶体凝固时温度不变；物体吸收热量,内能变大,放出热量,内能减小;解答解；1组装实验仪器时,应根据酒精灯及其火焰的高度先固定图中的C部分,使酒精灯的外焰正好能给烧杯加热,然后再固定图中的B部分,这样可以避免重复调整；实验中,通过观察物质的状态来记录时间、温度；2由图可知,物质在第35分钟以后,放出热量,但温度不变,为其凝固过程；故凝固点为80℃；该物质从第10min﹣20min之间一直吸收热量；第20min时刚好熔化完毕,为液态；而该物质第40min时从液态到固态,为固液共存状态,故该物质第40min小于第20min时的内能;故答案为：1铁圈C；状态；280℃；小于;14．2018通辽小芳同学用温度计测出一部分冰的温度如图甲所示,图乙是“探究冰熔化特点”的实验装置,图丙是根据实验数据绘制的温度随时间变化的图象;1图甲中温度计的示数为﹣14 ℃;2图丙中,该物质在BC阶段中C点处具有的内能大于选填“大于”“小于”或“等于”B点处具有的内能,理由是晶体熔化过程吸热、内能增加;3由图丙可以看出AB、CD段升高的温度相同,但CD段加热的时间长,其原因是水的比热容比冰大;分析1温度计读数时要看清分度值,并注意示数在零上还是零下；2掌握晶体在熔化过程中的特点：吸热、温度保持不变,但内能增加；3AB段和CD段的温度变化,从而可比较二者比热容关系;解答解：1温度计的最小刻度值是1℃,温度计示数往上越来越小,是0℃以下,示数是﹣14℃；2由图象知,BC段为熔化过程,熔化过程中要不断吸热,温度不变,但内能增加,故在BC阶段中C点处物质的内能大于B点处物质的内能；3根据公式Q=cm△t可知,当质量和吸收的热量相同时,比热c和升高的温度△t成反吸比,冰的温度升高的快,是因为水的比热容比冰的大;故答案为：1﹣14；2大于；晶体熔化过程吸热、内能增加；3水的比热容比冰的大;15．2018临沂如图甲所示,是小明“探究物质熔化规律”的实验装置;1实验中通过水对试管加热,而不是直接加热试管,目的是使物质均匀受热;2实验中某时刻温度计示数如图乙所示,该物质此时的温度为 2 ℃;3实验中每隔一分钟记录一次物质的温度及对应状态,并记录数据,作出温度随时间变化的规律图象,如图丙所示;由图象可知：该物质在熔化过程中吸收热量,温度不变,该物质是晶体选填“晶体”或“非晶体”;4比较图象中AB段与CD段可知：该物质在CD 选填“AB”或“CD“段吸热能力强;分析1探究晶体和非晶体的熔化和凝固实验时,一般都采用水浴法,物体的温度变化比较均匀,并且变化比较慢,便于记录实验温度;2根据温度计的分度值读数；3根据晶体熔化的特点分析；=cm△t可以知道,当质量和吸收的热量相同时,比热容和升高的温度△t4运用公式Q吸成反比;解答解：1将装有固体的试管放入水中加热,这是水浴法,采用水浴法,固体的温度变化比较均匀,并且变化比较慢,便于记录实验温度；2由图可知,温度在0℃以上,分度值为1℃,故示数为2℃；3由图可知,该物质在熔化过程中,吸收热量,温度不变,故该物质是晶体；=cm△t可以知道,当质量和吸收的热量相同时,比热容和升高的温度△t4根据公式Q吸成反比;AB段的冰温度升高的快,是因为该物质固态时的比热容比液态时的比热容小,AB段的吸热能力小于CD段的吸热能力；故答案为；1使物质均匀受热；22；3不变；晶体；4CD;16．2018辽阳在探究“冰熔化过程中温度的变化规律”的实验中;1实验时所用的温度计是根据液体的热胀冷缩性质制成的;某时刻温度计的示数如图甲所示,此时冰的温度是﹣2 ℃;2根据实验数据,小勇画出了其温度随时间变化的图象如图乙所示,分析图象后可知：①冰熔化过程中,温度不变;②不考虑热量损失,第2～4min冰吸收的热量等于选填“大于”、“小于或“等于”第10﹣12min水吸收的热量;3若将试管中的水倒掉,装入另一种液体,按图甲所示的装置进行实验;用酒精灯不断给烧杯加热时,最终发现烧杯中的水和试管中的液体都沸腾了,这说明水的沸点高于选填“高于”、“低于”或“等于”试管中液体的沸点;分析1液体温度计是根据液体热胀冷缩的性质制成的；根据图甲确定温度计的分度值,读出示数；2①由图象知冰熔化过程的特点；②实验中,用加热时间的长短间接反映液体吸收热量的多少；3液体沸腾的条件：达到沸点,不断吸收热量;解答解：1常用的温度计是根据液体热胀冷缩的性质制成的；由图甲知,温度计的分度值是1℃,此时是零下,液柱上表面对准了0℃下面第2个小格处,读作﹣2℃；2①由图象知冰在熔化过程中吸热温度不变；②实验中,用加热时间的长短间接反映液体吸收热量的多少,加热时间相同,吸收的热量相同,故第2～4min冰吸收的热量等于第10﹣12min水吸收的热量；3烧杯和试管中的液体都能沸腾,说明烧杯和试管中的液体都能达到沸点,并且都能吸收热量,试管能从烧杯中吸收热量,一定时烧杯中液体的沸点高于试管中液体的沸点;故答案为：1热胀冷缩；﹣2；2①不变；②等于；3高于;17．2018娄底小明在实验室探究冰熔化和水沸腾时温度的变化特点,根指测量结果睡出相关图象,如图a所示：1要完成这两个实验,都需要的测量仪器是钟表和温度计;2水沸腾时温度计示数如图c所示,该示数是EF 段所对应的温度值选填“BC“和“EF“;3如图a所示,BC段该物质的状态为固液共存态;4AB段与CD段的倾斜程度不同,这是因为冰的比热容比水的比热容小;分析1冰熔化和水沸腾实验需要不断吸热,实验过程中,需要用温度计测量温度,还需要用秒表来记录时间;2晶体熔化时温度要达到熔点,不断吸热,温度不变；但晶体熔化后温度还要上升;水沸腾时,吸热,但温度不变,这个不变的温度,即为沸点;3在熔化过程中晶体处于固液共存态,熔化完毕,处于液态;4升温快慢与物质不同状态下的比热容有关;解答解：1由于晶体熔化和水沸腾这两个实验,都需要对冰和水进行加热,所以,除需要用测量仪器计时器来记录时间外,还需要用温度计测量温度的变化;2水沸腾时,此时温度计的示数是99℃,对比a、b两图可知,a图是冰的熔化图象,BC段所对应的温度是冰的熔点,b图是水的沸腾图象,EF段所对应的温度是水的沸点;3如图甲a所示,BC段该物质在熔化过程中,为固液共存态；4由图象可以看出,升高相同的温度,冰比水用的时间短,所以冰比水吸热升温快,原因是冰的比热容比水的比热容小；故答案为：1温度计；2EF；3固液共存态；4冰的比热容比水的比热容小;18．2018兰州如图所示为某物质的熔化过程图象假设加热装置的功率不变,加热过程中物质的质量不变;1从图中能得到的正确信息是AC ;多选A．该物质为晶体,熔点为0℃B．该物质的熔化过程持续了4minC．该物质在AB段的状态为固态D．该物质在B、C两点时的温度和内能都相等2该物质在AB段和CD段的比热容之比为1：2 ;分析1①晶体和非晶体在熔化过程中的区别：晶体在熔化过程中,温度不变；非晶体在熔化过程中温度不断上升,晶体熔化时的温度为熔点;②用熔化完成的时间减去开始熔化的时间即为该物质的熔化过程持续的时间；③物质熔化前处于固态,熔化过程处于固液共存状态、熔化完成处于液态；④晶体熔化过程中,继续吸热,但温度不变,内能增加;2解决此题要结合热量公式Q=cm△t进行求解,由表格可知AB段和CD段的温度变化,从而可计算比热容之比;解答解：1A、由图知,该物质在熔化过程中,温度保持0℃不变,所以该物质为晶体;并且熔点为0℃,故A正确；B、该物质从第1min开始熔化,到4min熔化完成,该物质的熔化过程持续的时间为4min ﹣1min=3min,故B错误；C、该物质在AB段还没有熔化,处于固态,故C正确；D、晶体熔化过程中,继续吸热,但温度不变,内能增加,所以该物质在B、C两点时的温度相同,内能不相等,故D错误;故选AC；2因为Q=cm△t,所以c=,因为AB段和CD段物质的质量m相同,由图象知,加热相同的时间即吸收的热量相同,升高的温度之比为2：1,从而计算得比热容之比为===;故答案为：1AC；21：2;19．2018齐齐哈尔李悦和小组同学利用实验室开放日,合作“探究冰熔化时温度的变化规律”的实验,实验装置如图甲所示;0510152535455565时间/min温度/℃10071554535282422221冰的熔化图象如图乙所示,可知冰是晶体选填“晶体”或“非晶体”;2喜欢探究的李悦和同学们,接下来撤去部分器材,装置稍加改动并倒掉一部分水,“探究水沸腾时温度变化的特点”,如图丙,他们发现在沸腾过程中,水的温度不变选填“升高”、“不变”或“降低”,需继续吸热选填“吸热”或“放热”;3同学们又进一步探究了沸水自然冷却过程中温度随时间的变化情况,记录数据如上表;①请在图丁中坐标纸上用描点画出上述温度随时间变化的曲线;②根据图象,你发现的规律是：随着时间的增长,温度下降的越来越慢;③如果要喝一杯奶茶,有两种方案可供选择：A、先将滚烫的热茶冷却5min,然后加一匙冷牛奶；B、先将一匙冷牛奶加进滚烫的热茶中,然后冷却5min,结合本次探究,你认为 A 方案的冷却效果较好;分析1晶体和非晶体的区别是：晶体有一定的熔化温度而非晶体没有;非晶体在熔化时一边吸热、一边升温、一边熔化,没有固定的熔点；2当水沸腾后,继续加热,其温度保持不变；3水自然冷却,当温度保持不变时,其温度等于环境温度；水在高温时散热快,所以温度降低得快,低温时散热慢,所以温度降低得也慢;观察图象得到沸水自然冷却的规律;并结合这一规律进行应用,选择出最佳的冷却方案;解答解：1由表格数据知,冰在熔化过程中,继续吸热、温度不变,有一定的熔化温度,因此冰属于晶体;2水在沸腾过程中,水沸腾的特点是需继续吸热但温度不变；3①根据时间和水的温度描点连线得：；②水在自然冷却过程中,将热传给周围空气,由图象可以看出,当温度降低到22℃时,不再变化了,说明环境温度为22℃；③由图看出温度变化特点是,先快,后慢,再不变;根据水的温度降低的规律,如果要使一杯热的奶茶快速冷却,最好的办法是先将滚烫的热茶冷却5min,然后加一匙冷牛奶,即方案A效果更好;故答案为：1晶体；2不变；吸热；3①见上图；②随着时间的增长,温度下降的越来越慢；③A；20．2018荆门在探究固体的熔化实验中,把分别装有固体a与b的试管放在盛水的烧杯内加热;将温度计正确的插入两种固体中,实验转置如图甲所示,固体a的熔化图象如图乙所示,固体b的熔化图象如图丙所示,1固体a熔化过程中,继续加热,温度不变选填“升高”、“降低”或“不变”;内能增加选填“增加”、“减少”或“不变”;此时a处于固液共存状态选填“固”、“液”或“固液共存”;2固体b熔化过程中温度升高选填“升高”、“降低”或“不变”；3某时刻温度计的读数如图丁所示,温度计的读数为18 ℃;分析12晶体和非晶体在熔化过程中的区别：晶体在熔化过程中,温度不变；非晶体在熔化过程中温度不断上升；晶体在熔化过程中不断吸热,内能增加,但温度保持不变,根据这个特点进行分析;。
2018年68份全国中考物理真题汇编：学科综合
2018年68份全国中考物理真题汇编：学科综合【编者按】为了丰富同学们的学习生活，查字典物理网中考频道为同学们搜集整理了中考物理复习指导：2011年68份全国中考物理真题汇编：学科综合，供大家参考，希望对大家有所帮助!2011年68份全国中考物理真题汇编：学科综合8.(2011沈阳)罐头的瓶盖很难拧开，用螺丝刀把瓶盖撬起一个裂痕，会听到噗的一声，瓶盖就很轻易被拧开。
关于此过程涉及的物理常识，下列说法正确的是( ABD )A.开初瓶盖很难拧开是因为受到大气压的浸染B.撬起一个裂痕时听到噗的一声是空气振动发生的C.撬瓶盖时用的螺丝刀相当于吃力杠杆D.瓶盖沿瓶口的螺纹螺旋上升(如图1)，操作了斜面省力的事理6.(2011沈阳)下列几个探讨实例的描述中，采用了节制变量研究体例的是( A )A.研究物体动能与速度的关掀瘫，连结质量不变B.经由过程吸引大头针数目的若干好多，判定电磁铁磁性的强弱C.在平面镜成像的尝试中，让蜡烛与虚像重合来确定虚像的位置D.将发声的音叉接近乒乓球，乒乓球被弹开声名音叉在振动30. (2011陕西)(4分)按照图示尝试，完成填空。
(1)图-1所示，将光屏放在像的位置，发现光屏上并没有像，声名平面镜所成的像是像。
(2)图-2所示的尝试现象声名分子在永不竭息地做。
(3)图-3所示，将正在发声的音叉接触轻质小球,小球被弹开,说了然声所以由物体发生的。
(4)图-4所示线框的底边ab在磁场中做切割磁感线行为时会发生。
30【谜底】(1)虚 (2)行为(或无轨则行为)(3)振动(4) 感应电流(2011陕西)用电吹风吹干湿头发的过程涉及了良多物理常识，下列说法正确的是电吹风机中的电念头和电热丝是串联的湿头发被吹干的过程中，水蒸发放热电吹风机能吹出热风，应用了电流的热效应湿头发被吹起，声名力是维持物体行为的原因【谜底】C【解析】电吹风机中的电念头和电热丝是并联的，选项A错误;湿头发被吹干的过程中，水蒸发吸热，选项B错误;湿头发被吹起，声名力改变了湿头发原本的静止状况，力是改变物体行为状况的原因，选项D错误。
2018年中考物理试题分类动态电路综合计算
一、选择题1（2018.山东威海）如图4甲所示，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的滑片从a端滑到b端的过种中，R2消耗的电功率P与其两端电压U的关系图象如图4乙所示，下列说法正确的是()1的阻值为20Ω2的最大阻值为50ΩC.电源电压为6VD.该电路消耗的最大电功率为0.9W2（2018.山东德州）图11是检测酒精浓度的测试仪原理图，图中电源电压恒定为8V，R1为定值电阻，酒精气体传感器R2的阻值随酒精气体浓度的增大而减小。
当酒精浓度为0时，R2=60Ω，此时电压表示数为2V。
以下说法错误的是A.若酒精气体浓度越大，电压表和电流表示数都越大B.定值电阻R1的阻值为20ΩC.酒精浓度为0时，电路消耗的总功率为0.6WD.若电流表示数达到0.2A时，表示酒驾，此时R2消耗的电功率为0.8W3（2018.四川达州）如图所示电路，电源电压不变，闭合开关S，当滑片P置于变阻器的B端时，电压表的示数为6V，在10s内定值电阻R1产生的热量为36J；当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数变化了2V．下列结果正确的是（ B ）A．R1先后两次消耗的电功率之比为3：4B．滑动变阻器R2的最大阻值为10ΩC．电源电压为10VD．R1的阻值为20Ω4．（2018•玉林）如图所示，电源电压U为10V并保持不变，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”。
闭合开关S，当滑片P移至最左端时，灯泡正常发光，电流表示数为0.5A；当滑片P移至中点时，电流表示数为0.4A．则（B）A．电路消耗的最小功率为2.5WB．滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为2.4WC．滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为3.2WD．滑片P在最左端时，2内电流通过灯泡所做的功为10J5.（2018•南京）如图所示电路，电源电压不变，小灯泡标有“6V 3W“字样，闭合开关后，当滑片P移至某一位置时，小灯泡恰好正常发光，此时滑动变阻器消耗的功率为P1；当滑片P移至某一端点时，电流表示数为0.3A，电压表示数变化了3V，此时滑动变阻器消耗的功率为P2，且P1：P2=5：6．下列判断正确的是（B）A．滑动变阻器的最大阻值为10ΩB．电路允许消耗的最大功率为4.5WC．小灯泡正常发光时，滑片P位于滑动变阻器中点位置D．滑动变阻器消耗的功率由P1变为P2的过程中，小灯泡消耗的功率变化了0.6W二、填空题6．（2018•南京）如图所示，电源电压不变，R2=30Ω，R3=10Ω．只闭合S1，电流表Ⓐ示数为0.2A，电压表Ⓥ示数为4.0V，则定值电阻R1为20 Ω，电源电压为 6 V．闭合S1、S2、S3，电流表A1、A2示数之比为5:2 ，通电电阻R1产生的热量为108 J。
2018年中考物理真题汇编--力学综合计算及答案
2018年中考物理真题汇编--力学综合计算及答案2018年中考物理真题汇编——力学综合计算题及答案1、(2018•湖南) 为了节约水资源，公厕用的定时定量冲水装置主要部件如图所示。
浮筒底面积为$S_1=100cm^2$且足够高，略大于出水口的圆形阀门（厚度不计）的表面积为$S_2=20cm^2$，浮筒与阀门用细杆相连，不计浮筒、阀门、轻杆的重量。
通常情况下，水龙头以滴漏形式向储水桶供水，当储水罐水位上升到20cm时，浮筒即将通过轻杆将阀门拉起冲水，问即将开始冲水时（$g=10N/Kg$，$\rho_{水}=1.0×10^3kg/m^3$）：1）阀门所受水的压强$p$为多少？2）浮筒对阀门的拉力为多大？3）浮筒浸入水中部分的深度$H$为多少？解：（1）$p=\rhogh=1.0×10^3J/kg×10N/kg×0.2m=2000Pa$2）阀门刚被拉起时，因为不计重力，故阀门在竖直方向只受到细杆的拉力$F$和水的压力而平衡。
拉力$F=F_{压}=pS=2000Pa×2×10^{-3}m^2=4N$3)浮筒刚被拉起时，因为不计重力，故浮筒在竖直方向只受到浮力和细杆的拉力$F'=F=4N$。
由力的平衡得$F'=F_{浮}=\rho_{水}gV_{排}$，$\therefore4N=1.0×10^3kg/m^3×10N/kg×10^{-2}m^2×H$，$\therefore H=0.04m$2、（2018•广西）如图所示，实心物体A漂浮在水面上，现利用电动机通过滑轮组拉动A，使A向下运动。
已知A的体积为$1m^3$，密度为$0.5×10^3kg/m^3$．动滑轮重为$1×10^3N$，电动机工作时拉绳子的功率为$1.2×10^3W$且保持不变，不计绳重、摩擦和水的阻力，求：（1）A的重力；2）A浸没在水中受到的浮力；3）A向下运动的最小速度；4）A向下运动过程中，滑轮组机械效率的最大值。
2018年全国部分省市中考物理试题汇编1及参考答案(word解析版12份)
【中考物理试题精编】2018年部分省市中考物理试题汇编1（含参考答案与解析）目录1.北京市中考物理试题及参考答案与解析........................................... (2)2.河北省中考物理试题及参考答案与解析...................................... (29)3.天津市中考物理试题及参考答案与解析........................................ (49)4.安徽省中考物理试题及参考答案与解析........................................ (70)5.海南省中考物理试题及参考答案与解析...................................... (90)6.江西省中考物理试题及参考答案与解析.................................... (107)7.福建省中考物理试题A卷及参考答案与解析............................ (129)8.福建省中考物理试题B卷及参考答案与解析............................. (159)9.昆明市中考物理试题及参考答案与解析 (189)10.曲靖市中考物理试题及参考答案与解析................................... (212)11.长春市中考物理试题及参考答案与解析................................... (235)12.新疆中考物理试题及参考答案与解析..................................... (255)2018年北京市中考物理试题及参考答案与解析（本试卷共五道大题，34道小题，满分90分。
考试时间90分钟。
）一、单项选择（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意．共30分，每小题2分）1．下列物品中，通常情况下属于导体的是（）A．塑料安全帽B．布手套C．橡胶鞋D．钢尺2．如图所示的光现象中，由于光的反射形成的是（）A．B．C．D．3．下列用电器中，利用电流热效应工作的是（）A．电暖气B．计算器C．电视机D．笔记本电脑4．下列实例中，为了增大压强的是（）A．书包带做的较宽B．图钉帽做得面积较大C．大型平板车装有很多车轮D．石磨的磨盘做得很重5．下列做法中符合安全用电要求的是（）A．用电器电线绝缘皮破损了仍继续使用B．在未断开电源的情况下更换灯泡C．在家庭电路中安装空气开关或保险丝D．在高压线附近放风筝6．下列实例中，为了减小摩擦的是（）A．足球守门员戴有防滑手套B．骑自行车刹车时用力捏闸C．运动鞋的底部制有凹凸不平的花纹D．给自行车的车轴加润滑油7．下列实例中，属于做功改变物体内能的是（）A．锯木头时的锯条温度升高B．加入冰块的饮料温度降低C．倒入热牛奶的杯子温度升高D．放入冷水中的热鸡蛋温度降低8．如图所示的物态变化实例中，由于液化形成的是（）A．B．C．D．9．如图所示的电路中，电阻阻值R1＜R2．闭合开关S后，电阻R1、R2两端的电压分别为U1、U2，通过两个电阻的电流分别为I1、I2．下列判断中正确的是（）A．I1=I2B．I1＞I2C．U1=U2D．U1＞U210．小军做凸透镜成像规律的实验时，将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，光屏和点燃的蜡烛分别位于凸透镜两侧，蜡烛放置在35cm刻度线处，如图所示。
2018年中考物理题分类汇编：14-热机、热值、机械效率(含答案解析)
14热机、热值、机械效率14．（2018·泰安）某品牌无人驾驶汽车在一段平直公路上匀速行驶6.9km，用时5min45s，消耗燃油1.5kg，已知汽车的牵引力是2000N，燃油的热值为4.6×107J/kg，假设燃油完全燃烧。
通过计算可知，下列结果正确的是D①汽车行驶速度是20km/h ②消耗的燃油完全燃烧放出的热量是6.9×107J ③汽车牵引力做功的功率是30kW ④汽车发动机的效率是 20% A．只有①和②B．只有②和③C．只有①和④D．只有②和④7．（2018•淄博）关于热和能，正确的说法是（）A．热传递过程中，内能大的物体放出热量B．热机做功冲程中，内能转化为机械能C．物体内能减少，温度一定降低D．燃料的热值越大，燃烧时放出的热量越多【分析】（1）热传递的条件是存在温度差；（2）热机做功冲程中，内能转化为机械能；（3）内能的大小与温度、状态等因素有关；（4）燃料放出热量的多少与燃料的热值和质量有关。
【解答】解：A、热传递过程中，温度高的物体放出热量，故A错误；B、热机做功冲程中，高温高压的燃气推动活塞运动，内能转化为机械能，故B正确；C、晶体在凝固的过程中，放出热量，但温度不变，故C错误；D、燃料放出热量的多少与燃料的热值和质量有关，燃料的热值越大，燃烧时放出的热量不一定多，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了改变内能的方法、内燃机的冲程、热量的多少，属于基础知识。
9．（2018·滨州）如图是内燃机工作循环中的一个冲程，它是（）A．压缩冲程，将化学能转化成内能 B．压缩冲程，将机械能转化成内能C．做功冲程，将内能转化成机械能 D．做功冲程，将机械能转化成内能解析:图中的气门关闭，活塞下行，并且电火花打火，这是做功冲程的特点；在做功冲程中，能量转化关系是气体的内能转化为机械能,故选C。
11．（2018·临沂）小明用煤气灶烧水时，进行了如下思考，正确的是（）A．煤气燃烧越充分，其热值越大B．加热过程中水的比热容变大C．壶内水温度升高的过程中内能增大D．水沸腾过程中吸收热量，温度不断升高【分析】要解答本题需掌握：（1）热值是物质的某种特性，与物质的种类和状态有关，同种燃料的密度、比热容、热值一般不变；（2）比热容是物质本身的一种属性，与温度无关。
【初三物理试题精选】2018年全国110套中考物理综合试题汇编
2018年全国110套中考物理综合试题汇编 72高超音速飞行器设想图．该飞行器速度可达6~7马赫（1马赫=1倍音速），号称1小时可到达地球任一地方，比常规导弹速度还要快．飞行器体表涂敷最新型材料，具有雷达隐形功能，但不具备红外隐形功能．
（1）若该飞行器以7马赫速度飞行，其速度为
▲ m/s ．此时若有常规导弹从其正后方攻击，则导弹相对于飞行器是向▲ 运动的．
（2）该飞行器具有雷达隐形功能，是因为体表形状及材料能有效减弱它对▲ 的反射；不具备红外隐形功能，是因为高速飞行时体表与空气摩擦将▲ 能转化为▲ 能，使飞行器表面温度升高的缘故．（1）2380；后；（2）电磁波；机械；内．
23．（4分）（2018 广元）雄伟壮观的亭子口水电站大坝位于我市苍溪境内，请你根据对水电站的了解和所学到的物理知识，从力、热、电三个方面回答下面的问题．
（1）力学问题水电站大坝修成上窄下宽的形状，是因为大坝下部受到水的压强大于（选填“大于”、“小于”或“等于”）上部受到的压强．
（2）热学问题库区蓄水后，因为水的比热容较大，所以库区的气温变化不明显；湖面上经常可以欣赏到“雾漫嘉陵”的美景，其中“雾”的形成是液化现象（选填物态变化的名称）．
（3）电学问题水电站发电时，发电机是利用了电磁感应原理工作的．
(2018江西)24．根据“单位”推出对应的物理式是常用的记忆方法，例如速度单位是m/s(其中m是路程的单位．s是时间的单位)．可以推出对应的式为v=s/t．同样．根据电能的单位kh，就可以推出对应的式为；根据比热容的单位J/(kg 0C)．也可以推出对应的式为。
W = Pt c = Q吸/[m(t – t0)]或 c = Q放/[m(t0–t)]
25．（4分）（2018 株洲）为了防止鱼虾缺氧而浮头，常在池塘。
2018年中考物理真题汇编--电学综合计算及答案
2018年中考物理真题汇编--电学综合计算及答案1、(2018•广西)如图甲是定值电阻R0和有“6V 6W”灯泡L的信息图象。
将它们接入图乙所示的电路，其中电源电压不变，滑动变阻器R 最大阻值为8Ω，当只闭合开关S、S1，滑片P位于R最右端时，灯泡L的实际功率为lW．求：（1）R0的阻值；（2）灯泡正常发光100s，电流通过灯泡产生的热量；（3）电源电压；（4）电路消耗的最大电功率。
解：（1）由图甲，根据欧姆定律，R0的电阻：R0===10Ω；（2）灯泡正常发光100s，电流通过灯泡产生的热量：Q=Pt=6W×100s=600J；（3）当只闭合开关S、S1，滑片P位于R最右端时，灯泡L与R最大值串联，灯泡L的实际功率为lW，由图甲可得，U L=2V，I L=0.5A，由I=可得滑动变阻器两端的电压：U R=IR=I L R=0.5A×8Ω=4V，电源电压等于灯泡L的电压与R两端的电压之和，U=U L+U R=2V+4V=6V；（4）根据P=可知电路中电阻最小时，电功率最大，电路中电阻时，滑动变阻器的滑片在最左端，R=0Ω，灯泡L与R0并联，电路消耗的最大电功率：P=P L+P0=P L+=6W+=9.6W。
答：（1）R0的阻值是10Ω；（2）灯泡正常发光100s，电流通过灯泡产生的热量是600J；（3）电源电压是6V；（4）电路消耗的最大电功率是9.6W。
2、（2018•四川）如图所示的电路中，小灯泡上标有“6V 3.6W”字样，滑动变阻器R1的最大电阻为40Ω．当只闭合S、S2，滑动变阻器的滑片P在中点时，小灯泡正常发光；当所有开关都闭合，滑片滑到A端时，A1、A2的示数之比是3：1（灯的电阻保持不变）。
求：（1）电源电压（2）当只闭合S、S2，滑动变阻器的滑片P在A端时，小灯泡两端的实际电压。
（3）小灯泡消耗的最小电功率（不能为0）解：（1）小灯泡上标有“6V 3.6W”字样，表示灯的额定电压为6V，额定功率为3.6W，灯的额定电流：I===0.6A，灯正常发光时的电阻：R L===10Ω，当只闭合S、S2，滑动变阻器的滑片P在中点时，灯与变阻器串联，小灯泡正常发光，故灯的电压为6V，电路中的电流为0.6A，根据欧姆定律和串联电路电压的规律，电源电压：U=U L+U滑=6V+I×0.5R滑=6V+0.6A×20Ω=18V；（2）当只闭合S、S2，滑动变阻器的滑片P在A端时，灯与变阻器的最大电阻串联，根据电阻的串联，R串联=R L+R滑=10Ω+40Ω=50Ω，由欧姆定律，小灯泡两端的实际电压：U实=I实R L==×10Ω=3.6V（3）所有开关都闭合，滑片滑到A端时，R2与变阻器的最大电阻并联，电流表A2测R2的电流，电流表A1测总电流，A1、A2的示数之比是3：1，根据并联电路电流的规律，通过变阻器的电流为R2的2倍，根据分流原理，R2=2×40Ω=80Ω；当灯的电流最小时，根据P=I2R，灯的实际功率最小，由图知，当R2与灯串联，即闭合S3时，电路的总电阻最大，电路的电流最小，I小===0.2A，故小灯泡消耗的最小电功率：P=I小2R L=（0.2A）2×10Ω=0.4W。
2018年中考物理题(99套)分类汇编------30计算题
26. (2018·威海)为响应国家“低碳环保，节能减排”的号召，我市新上线一批以天然气为燃料的新型公交汽车，其参数如表2所示某次行驶过程中，汽车搭载人员及物品共3000kg所受阻力为总重力的0.01倍。
在40s时间内匀速直线行驶400m,共消耗天然气0.025kg (天然气完全燃烧，其热值为6.4×107J/kg,g=10N/kg).针对此次行驶过程，求:(1)汽车对地面的压强(2)汽车的功率(3)汽车发动机的效率28. (2018·威海)16甲是海上打捞平台装置示意图，使用电动机和滑轮组将实心物体A从海底竖直向上始终以0.05m/s的速度匀速吊起，图16乙是物体A所受=1.0×拉力F随时间t变化的图象(不计摩擦、水的阻力及绳重，ρ水103kg/m3.g=10N/kg).请解答下列问题：（1）物体A的体积是多少?(2)物体A完全浸没在水中时滑轮组的机械效率为80%，当物体A完全离开水面后，滑轮组的机械效率是多少?(3)当物体A完全离开水面后，电动机两端电压为380V，通过的电流为5A，电动机线圈的电阻为多少? (不计电动机内部摩擦)26．（2018•烟台）在某次综合实践活动中，小明利用蓄电池（电压为24V）、电压表（量程为0～15V）校准电阻R0，滑动变阻器R（最大阻值为100Ω）等器材，设计了一种测定油箱内油量的方案（图甲），选配合适的校准电阻值，能够使油箱装满汽油，滑动变阻器的触片在某一端时，油量表示数为最大值（即电压表示数达到最大值）油箱中的汽油用完，滑动变阻器的触片在另一端时，油量表示数为零（即电压表示数为零）（1）校准电阻除了可以校准表盘，还有什么作用？校准电阻的阻值为多少？（2）整个电路消耗的电功率的变化范围是多少？（3）另一个小组的小红同学设计了如图乙所示的电路，请你从能耗的角度分析这种方案的优点。
【分析】（1）由图分析若没有R0电压表的示数情况，从而可知R0的作用；油箱装满汽油时，油量表（电压表）示数为最大值15V，此时滑动变阻器的触头在电阻最大值一端，由串联电路特点和I=计算R0的阻值；（2）变阻器连入阻值最大时，电路中电阻最大，由P=知整个电路功率最小，并计算；当汽油用完时，滑片在另一端，即在上端，此时电路为R0的简单电路，电路功率最大，由P=电路消耗功率的最大值，从而可得电路消耗功率的变化范围；（3）由图乙知，滑动变阻器始终以最大值串联入电路中，由P=分析电路中功率大小，从而判断电路电能的消耗情况。
(最新整理)2018年中考物理专题训练《综合计算题》
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题型复习(四） 综合计算题第1讲 力学计算题型之一 压强和浮力的综合计算1．(2017·威海 )夏鸥在研究某种物质的属性时发现该物体要浸没在煤油中保存．于是他将体积为1×10－3 m3、重为6 N的该物体用细线系在底面积为250 cm2的圆柱形容器的底部,并浸没在煤油中，如图所示．(煤油的密度为0.8×103kg/m3，g取10 N/kg）求：（1)细线受到的拉力是多大？(2）若细线与物体脱落，待物体静止后煤油对容器底的压强变化了多少?2．（2017·咸宁)底面积为100 cm2的平底圆柱形容器内装有适量的水,放置于水平桌面上．现将体积为500 cm3、重为3 N的木块A轻放入容器内的水中，静止后水面的高度为8 cm，如图甲所示，若将一重为6 N的物体B用细绳系于A的下方，使其恰好浸没在水中，如图乙所示（水未溢出)，不计绳重及其体积，ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10 N/kg，求：（1）图甲中木块A静止时浸入水中的体积．(2)物体B的密度．甲 乙(3）图乙中水对容器底部的压强．3．（2017·天水）如图甲所示，不吸水的长方体物块放在底部水平的容器中,物块的质量为0.2 kg，物块的底面积为50 cm2,物块与容器底部用一根质量、体积均忽略不计的细绳相连,当往容器中缓慢注水至如图乙所示位置，停止注水，此时，物块上表面距水面10cm，绳子竖直拉直，物块水平静止，绳子的拉力为2 N．已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg.求： （1）物块的重力．（2）物块的密度．甲 乙（3）注水过程中,绳子刚好竖直拉直时到图乙所示位置时，水对物块下表面压强的变化范围．4．（2017·贵港）如图甲所示，放在水平桌面上的圆柱形容器的底面积为100 cm2，装有20 cm深的水，容器的质量为0.02 kg,厚度忽略不计．A、B是由密度不同的材料制成的两实心物块，已知B物块的体积是A物块体积的。
2018年中考物理真题考点整合功、简单机械的综合计算
1（2018·娄底）如图是用滑轮组提升物体A的示意图，物体A受到的重力大小为G A= 100N。
在匀速竖直提升物体A的过程中，物体A上升的速度大小为v=0.4m/s,滑轮质量、绳重及一切摩擦均可忽略不计，(1)绳子自由端的拉力大小F=__ 50_ N；(2)拉力F做功的功率P=40W。
(3)物体A的机械能增加 (填“增加”、“减少”或“不变”)。
2（2018·孝感）3．(2018达州)（7分）如图是利用滑轮组打捞水中物体的简化模型示意图，工人用一滑轮组从水中打捞物体。
已知：物体的质量为90kg 且以恒定速度匀速上升，当物体完全露出水面，工人对滑轮组绳子自由端的拉力F 1为400N ，此时滑轮组的机械效率η1为75%（绳的质量、滑轮与轴的摩擦以及水的阻力均忽略不计，g=10N/kg ）。
（简单机械和浮力压强）（1）请你根据题目中的条件，判断出工人所使用的滑轮组是下列中的图。
﹣（2）工人的质量为60kg ，双脚与地面接触面积为2.5×103m 2，物体浸没在水中和完全被打捞出水面时工人对地面的压强变化了4×104Pa ，求物体浸没在水中时受到的浮力。
（3）若物体完全浸没在水中时，工人拉力的功率为180W ，求物体上升的速度。
解：（1）当物体完全露出水面时，滑轮组的机械效率：η===，所以通过动滑轮绳子的段数：n====3，A 图中通过动滑轮绳子的段数为3，B 图中通过动滑轮绳子的段数为4，C 图中通过动滑轮绳子的段数为5，所以工人所使用的滑轮组是A 图；（2）由题知，绳的质量、滑轮与轴的摩擦以及水的阻力均忽略不计，当物体完全露出水面时，F=（G 物+G 动）G 动=3F ﹣G 物=3×400N ﹣90kg×10N/kg=300N ，此时人对地面压力：F 压=G 人﹣F=60kg×10N/kg ﹣400N=200N ，物体完全浸没在水中时对滑轮组的拉力：F 拉'=G 物﹣F 浮，完全露出后物体对滑轮组拉力F 拉=G 物，所以物体被打捞出水面后对滑轮组拉力增大，绳子自由端拉力随之变大，人对地面压力变小，压强变小，104Pa×2.5×10﹣3m 2=100N ，由p=可得物体完全露出水面后，人对地面压力增大量：△F=△pS=4×所以物体完全浸没在水中时人对地面压力F 压'=F 压+△F=200N+100N=300N ，此时人对绳子自由端拉力：F'=G 人﹣F 压'=60kg×10N/kg ﹣300N=300N ，且F'=（F 拉'+G 动）=（G 物﹣F 浮+G 动）所以：F 浮=G 物+G 动﹣3F'=90kg×10N/kg+300N ﹣3×300N=300N ；（3）由P==v===Fv 可得，物体完全浸没在水中时绳子自由端的速度：=0.6m/s ，由v=nv 物可得，物体的上升速度：v 物===0.2m/s 。
2018中考物理试题分类汇编 专题6 汽化和液化(含解析)-物理备课大师【全免费】
专题6 汽化和液化一．选择题（共28小题）1．（2018•聊城）下列生活现象中，属于液化的是（）A．瀑布结成冰挂B．湿衣服晾干C．露的形成D．树枝上结霜【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
【解答】解：A、瀑布结成冰挂，是水凝固形成的；故A错误；B、湿衣服晾干，是液态的水变成气态的水蒸气，是汽化现象，故B错误；C、露是地面附近的水蒸气液化成的小水珠，故C正确；D、树枝上结霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的小冰晶，附着在树枝上；故D错误。
故选：C。
2．（2018•衡阳）在“观察水的沸腾”实验中，当水温升到89℃时，小华开始计时，每隔1min记录一次水的温度，然后，小华根据实验数据绘制了如图所示的温度随时间变化的图象，下列说法正确的是（）A．此时的气压高于标准气压B．水从89℃加热到刚开始沸腾所需时间为4minC．通过图1中的图象可知，水沸腾时温度保持不变D．水沸腾时气泡上升的情况如图2中的乙所示【分析】（1）液体的沸点随气压的改变而改变；（2）首先确定89℃时对应的时间和开始沸腾时的时间。
刚达到沸点的时间便是开始沸腾的时间。
（3）要掌握水沸腾时的特点：吸热但温度保持不变。
（4）水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大。
【解答】解：A、标准大气压下水的沸点为100℃，根据液体沸点与气压的关系可知当时的气压较低，低于标准大气压，故A错误；B、从图象可以看出，水的初温是89℃，从第5分钟温度达到沸点，所以从89℃到开始沸腾所用时间为5min，故B错误；C、水的沸腾是吸热过程，所以水沸腾时需要继续吸收热量，但温度保持不变；故C正确；D、甲图，气泡上升时不断增大，是水的沸腾时的现象；乙图，气泡上升时不断减小，是水沸腾之前的现象，故D错误；故选：C。
2018年江苏十三大市中考物理真题分类汇编《计算题》(含答案)
2018年江苏十三大市中考物理计算题汇总（主要分四个模块）模块一：浮力压强相关计算1．游泳运动员的质量为75kg ，仰泳时受到的水平平均动力为30N ，在60s 内前进了100m ．（1）求在60s 内水平动力对运动员做功的功率．（2）如图所示，该运动员能以仰泳姿势静躺在水中，露出水面的头部体积可以忽略不计，请估算运动员的体积．（ρ水=1.0×103kg/m 3，g =10N/kg ）（1）解法一：W =FS =30N×100m=3×103 J …………………………………………（1分） 5060s J 1033=⨯==t W P W ……………………………………………（2分） 解法二：m/s 3560s 100m ===t S v ……………………………………………………（1分） W 50m/s 35N 30=⨯==Fv P ……………………………………………（2分） （2）解法一：运动员处于漂浮状态 N 750N/kg 10kg 75=⨯==mg G 人N 750==人浮G F ……………………………………………………（1分）g V F 排水浮ρ=333m 075.0N/kg10/m k 101N 750=⨯⨯==g g F V 水浮排ρ …………………（1分） 3m 075.0==排人V V ……………………………………………（1分）解法二：运动员可近似处于悬浮状态33kg/m 101⨯==水人ρρ …………………………………………（1分）333m 075.0kg/m101kg 75=⨯==人人人ρm V ……………………………（2分） 2. 制作豆腐过程中，要用重物把豆腐压实，如果重物对豆腐的压力为200N ，受力面积为1m 2．压实后，30kg 豆腐的体积为0.02m 3．求：（1）重物对豆腐的压强；（2）豆腐的密度．【解析】（1）对豆腐的压力为200N，受力面积为1m2．根据堆计算压强为：；（2）30kg豆腐的体积为0.02m3，根据计算豆腐的密度为：。
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分类汇编：综合计算题1. （201 潍坊）8 如图所示是一种常见的封闭电热水袋，其性能参数如表中所示。
已知电热水袋加热效率为80%，水的比热容c=4.2 ×103J/（kg?℃），水的密度ρ=1.0 ×103kg/m3J/（kg?℃），水的密度ρ=1.0 ×103kg/m 3 ．将袋内20℃的水加热到自动断电，求：（1）袋内水吸收的热量（2）需要的加热时间额定电压额定加热功率220V 400W袋内充水自动断电温度1.0L 60℃解: （1）由ρ= 可得袋内水的质量：m =ρ水V=1.0 ×103kg/m3kg/m 33=1kg，× 1.0 ×10袋内水吸收的热量：Q=cm（t ﹣t 0）=4.2 ×103J/ （kg?℃）×1kg×（60℃﹣20℃）=1.68 ×105J；（2）由η= 可得消耗电能：W= = =2.1 ×105J，由P= 可得，需要的加热时间：t= = =525s。
答：（1）袋内水吸收的热量为 1.68 ×105J；（2）需要的加热时间为525s。
2. （2018?青岛）探究小球在斜面上的运动规律如图甲所示，小球以初速度20m/s 从A 点沿着足够长的光滑斜面滑下，它在斜面上的速度ν随时间t 均匀变化。
实验数据如下表t/s 0 0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6﹣1v/ （m．s ） 2.0 2.5 3.0 3.5 4.0 4.5 5.0（1）根据表中数据，在图乙中描点并画出小球的v﹣t 图象。
（2）小球的运动速度v 与时间t 的关系式为v= 5m/s 2t+2.0m/s ；（3）如图丙所示，以速度v1 做匀速直线运动的物体在时间t 内通过的路程是s1=v1t 1，它可以用图线与时间轴所围矩形（阴影部分）的面积表示。
同样，图乙中图线与时间轴所围图形的面积，也能表示这个小球在相应时间t 內通过的路程s。
上述小球从 A 点沿光滑斜面滑下，在时间t 内通过的路程的表达式为s= 2.0m/s ×t+ 5m/s2t2t 2。
【分析】（1）根据表中数据，由描点法作图；（2）由上图知，小球的运动速度v 与时间t 的关系式为一次函数关系，设为v=kt+b ，将表中前 2 组数据，代入①得出k 和b，得出小球的运动速度v 与时间t 的关系式；（3）图乙中图线与时间轴所围图形的面积表示这个小球在相应时间t 內通过的路程s。
根据梯形面积公式写出在时间t 内通过的路程的表达式为s。
【解答】解：（1）根据表中数据，在坐标系中找出对应的点，然后连接起来，如下图 1 所示：（2）由上图知，小球的运动速度v 与时间t 的关系式为一次函数关系，设为v=kt+b ﹣﹣﹣﹣①，将表中前 2 组数据，代入①式有：2.0m/s=b ﹣﹣﹣﹣﹣③2.5m/s=k ×0.1s+b ﹣﹣﹣﹣﹣④由③④得：k=5m/s 2 ，小球的运动速度v 与时间t 的关系式为：v=5m/s 2t+2.0m/s ；（3）图乙中图线与时间轴所围图形的面积，也能表示这个小球在相应时间t 內通过的路程s，即如上图 2 梯形ABCD的面积：S梯形ABCD=（BC+AD）× C D×=（2.0m/s+5m/s 2t+2.0m/s ）×t ×=2.0m/s ×t+ 5m/s2t 2，s=2.0m/s ×t+ 5m/s2t2t 2 。
故答案为：（1）如图 1 所示；2（2）5m/s2t+2.0m/s ；（3）2.0m/s ×t+ 5m/s2。
2t2t3. （临沂）2017 年12 月24 日，我国自主研发的全球最大水陆两栖飞机AG600首飞成功，可为“海上丝绸之路”航行安全提供最快速有效的支援与安全保障。
它的最大飞行速度为560km/h，最大航程为4500km，巡航速度（经济、节油的飞行速度）为500km/h。
某次起飞前，飞机静止在水平跑道上，总质量为51t ，轮胎与跑道的总接触面积为0.6m 水=1.0 2（ρ2（ρ×103kg/m3，g=10N/kg）。
求：（1）飞机静止在跑道上时对跑道的压强是多少？（2）起飞后，飞机在空中直线飞行1400km，所需要的最短时间是多少？（3）飞机到达目的地降落后，漂浮在水面上，排开水的质量为46t ，此时飞机受到的重力是多少？舱底某处距水面 1.5m，水对该处产生的压强是多少？解：（1）飞机静止在跑道上，对跑道的压力为：F=G=mg=5×1103kg×10N/kg=5.1 ×105N；则飞机对跑道的压强为：p= = =8.5 ×105Pa；（2）飞机的最大飞行速度为560km/h，由v= 得，飞机所需的最短时间为：t= = =2.5h ；（3）飞机到达目的地降落后，漂浮在水面上，由漂浮条件可得 F 浮=G飞机，由阿基米德原理可得，飞机受到的浮力为： F 浮=G排，所以，可得此时飞机的重力为：G飞机=G排=m排g=46×103kg×10N/kg=4.6 ×105N；水对舱底的压强为：p=ρ水gh=1.0 ×10 ×10N/kg × 1.5m=1.5 ×103kg/m3 4Pa3kg/m3 4Pa5答：（1）飞机静止在跑道上时对跑道的压强是8.5 ×10 Pa；（2）起飞后，飞机在空中直线飞行1400km，所需要的最短时间是 2.5h ；3（3）飞机受到的重力是 4.6×105N；水对舱底产生的压强是 1.5×104Pa。
4.（2018潍坊）如图所示，用细线将正方体A和物体B相连放入水中，两物体静止后恰好悬浮，此时A上表面到水面的高度差为0.12m。
已知A的体积为 1.0×10﹣3m3，所受重力为8N；B的体积为0.5×10﹣3m3，水的密度ρ=1.0×103kg/m3，g取10N/kg，求：（1）A上表面所受水的压强；（2）B所受重力大小；（3）细线对B的拉力大小。
解:（1）A上表面所受水的压强：p=ρ水g h=1×103kg/m3kg/m3×10N/kg×0.12m=1200Pa；（2）A、B受到的总浮力：F浮=ρ水gV排=ρ水g（V A+V B）=1×103kg/m3×10N/kg×（1.0×10﹣3m3+0.5×10﹣3m3）=15N；3kg/m3×10N/kg×（1.0×10﹣3m3+0.5×10﹣3m3）=15N；因为A、B恰好悬浮，所以F浮=G A+G B，则B的重力：G B=F浮﹣G A=15N﹣8N=7N；（3）B受到的浮力：F浮B=ρ水gV排B=ρ3kg/m﹣3m3=5N，3水gV B=1×10×10N/kg×0.5×10细线对B的拉力：F拉=G B﹣F浮B=7N﹣5N=2N。
答：（1）A上表面所受水的压强为1200Pa；（2）B所受重力大小为7N；（3）细线对B的拉力大小为2N。
5.（2018长沙）某校科技小组参观完湘江航电枢纽后,了解到船只过船闸的时间很长，为此他们在网查阅资料，设计了一个船只升降实验模型。
模型中的左右两个船厢A、B的容积均3为2000cm,质量均为400g(含配件)。
现关闭进水阀和排水阀，使柱形容器E(质量不计)中有足够多的水，在船厢A、B中各装800g的水，整个装置静止后，圆柱体浮筒D浸在水中的深度为8cm，他们依次进行了如下(2)~(3)的操作。
假设绳子足够长，不计绳重和伸长，浮筒D 与容器E始终无接触，且容器E的水无溢出，实验过程中设法确保装置平稳，忽略摩擦，木头不吸水，ρ木＜ρ水。
(ρ水=1.0×10，g取10N/kg)。
3kg/m3kg/m3(1)船厢中各装800g的水后,求每只船厢所受的总重力；(2)打开进水阀，在柱形容器E中注入一定质量的水，浮筒D上升,使船厢下降10cm，再关闭进水阀，求：①船厢A的总重力对A所做的功；②此时浮筒D浸入水中的深度；(3)当操作(2)使船厢下降10cm后静止时,压强传感器柱形容器显示4400Pa；接下来，用手使浮筒D保持此刻位置不变，再在两边船厢中同时放入代表船只的800g木块后，打开排水阀,放出200cm3的水后关闭排水阀，然后松手,浮筒D仍然在原位置保持静止，绳C的拉力为18N,压强传感器显4000Pa；然后,把800g木块同时从船厢中取出，并在船厢中同时注满4水，再把900g 和1000g 的木块分别放入A、B 船厢后，当整个装置静止时，压强传感器的示数为p1；最后，打开进水阀向容器中缓慢注入m千克水，使压强传感器的示数为3p1，再关闭进水阀。
求浮筒D的质量和注入圆柱形容器E中的水的质量m。
考点：滑轮、重力、浮力专题：机械运动和力、机械能解析：（1）重力G=mg=(0.4kg+0.8kg) ×10N/kg=12N ；（2）①W=Fs=Gh=12×N 0.1m=1.2J ；②h 浸=8cm；由F C+G动=G厢，可得G动=G厢—F C=20N-18N=2N，由Δp=ρ液gΔh=400Pa，p Pa400h =0.04m=4cmg 3 kg m3 N kg1.0 10 / 10 / 液由12N—G动=G D—F浮20N—G动=G D—F浮ˊ解得ΔF 浮=8N，S F 8N =0.02m2=200cm2D 1.0 10 / 10 / 0.04g h kg m N kg m ；3 3液F 浮=ρ水gh 浸Δh=1.0 ×10 ×10N/kg×0.08m×0.02m3kg/m33kg/m32=16N ，F 浮ˊ=16N—8N=8N，G D=10N+16N=26N，m D=2.6kg ；由ΔV =（S E—S D）Δh，3 2 2V 200cmS +S +200cm =250cmh cm ；E D 4由4000Pa×S E=G水+F浮ˊ，-4 2G水=4000Pa×250×10 cm—8N=92N，注满水，20N+4N—2N=G D—F 浮ˊ，F 浮ˊ=4N，。