浙江省2020届高三数学一轮复习典型题专项训练:三角函数

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2020版高考数学(浙江专用)一轮总复习检测:5.3 正弦、余弦定理及解三角形 Word版含解析

2020版高考数学(浙江专用)一轮总复习检测:5.3 正弦、余弦定理及解三角形 Word版含解析

5.3正弦、余弦定理及解三角形挖命题【考情探究】分析解读 1.主要考查正弦定理和余弦定理,以及利用正弦、余弦定理和三角形面积公式解三角形.2.高考命题仍会以三角形为载体,以正弦定理和余弦定理为框架综合考查三角知识.3.预计2020年高考中,仍会对解三角形进行重点考查,复习时应高度重视.破考点【考点集训】考点一正弦、余弦定理1.(2018浙江绍兴高三3月适应性模拟,6)在△ABC中,内角C为钝角,sin C=,AC=5,AB=3,则BC=()A.2B.3C.5D.10答案A2.(2018浙江嵊州高三期末质检,14)在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,若cos(A+C)=,a=2,b=4,则sin A=,c=.答案;3考点二解三角形及其综合应用1.(2018浙江湖州、衢州、丽水第一学期质检,15)在锐角△ABC中,AD是BC边上的中线,若AB=3,AC=4,△ABC 的面积是3,则AD=.答案2.(2015湖北,13,5分)如图,一辆汽车在一条水平的公路上向正西行驶,到A处时测得公路北侧一山顶D在西偏北30°的方向上,行驶600 m后到达B处,测得此山顶在西偏北75°的方向上,仰角为30°,则此山的高度CD=m.答案100炼技法【方法集训】方法有关三角形面积的计算1. (2018浙江杭州高三教学质检,13)在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,a=,b=3,sin C=2sin A,则sin A= ;设D为AB边上一点,且=2,则△BCD的面积为.答案;22.(2018浙江金华十校高考模拟(4月),18)在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,已知sinA=sin(B-C)+2sin 2B,B≠.(1)证明:c=2b;(2)若△ABC的面积S=5b2-a2,求tan A的值.解析(1)证明:由sin A=sin(B-C)+2sin 2B,知sin(B+C)=sin(B-C)+4sin Bcos B,展开化简得,cos Bsin C=2sin Bcos B,又因为B≠,所以sin C=2sin B,由正弦定理得,c=2b.(2)因为△ABC的面积S=5b2-a2,所以有bcsin A=5b2-a2,由(1)知c=2b,代入上式得b2sin A=5b2-a2,①所以a2=b2+c2-2bccos A=5b2-4b2cos A,代入①得b2sin A=4b2cos A,∴tan A=4.过专题【五年高考】A组自主命题·浙江卷题组考点一正弦、余弦定理(2018浙江,13,6分)在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c.若a=,b=2,A=60°,则sinB=,c=.答案;3考点二解三角形及其综合应用1.(2017浙江,11,4分)我国古代数学家刘徽创立的“割圆术”可以估算圆周率π,理论上能把π的值计算到任意精度.祖冲之继承并发展了“割圆术”,将π的值精确到小数点后七位,其结果领先世界一千多年.“割圆术”的第一步是计算单位圆内接正六边形的面积S6,S6=.答案2.(2016浙江,16,14分)在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c.已知b+c=2acos B.(1)证明:A=2B;(2)若△ABC的面积S=,求角A的大小.解析(1)证明:由正弦定理得sin B+sin C=2sin Acos B,故2sin Acos B=sin B+sin(A+B)=sin B+sin Acos B+cos Asin B,于是sin B=sin(A-B).又A,B∈(0,π),故0<A-B<π,所以B=π-(A-B)或B=A-B,因此A=π(舍去)或A=2B,所以A=2B.(2)由S=得absin C=,故有sin Bsin C=sin 2B=sin Bcos B,因sin B≠0,得sin C=cos B.又B,C∈(0,π),所以C=±B.当B+C=时,A=;当C-B=时,A=.综上,A=或A=.评析本题主要考查三角函数及其变换、正弦定理和三角形面积公式等基础知识,同时考查运算求解能力.3.(2015浙江,16,14分)在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别是a,b,c.已知A=,b2-a2=c2.(1)求tan C的值;(2)若△ABC的面积为3,求b的值.解析(1)由b2-a2=c2及正弦定理得sin2B-=sin2C,所以-cos 2B=sin2C.又由A=,即B+C=π,得-cos 2B=sin 2C=2sin Ccos C,解得tan C=2.(2)由tan C=2,C∈(0,π)得sin C=,cos C=.又因为sin B=sin(A+C)=sin,所以sin B=.由正弦定理得c=b,又因为A=,bcsin A=3,所以bc=6,故b=3.评析本题主要考查三角函数、正弦定理等基础知识,同时考查运算求解能力.4.(2015浙江文,16,14分)在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c.已知tan=2.(1)求的值;(2)若B=,a=3,求△ABC的面积.解析(1)由tan=2,得tan A=,所以==.(2)由tan A=,A∈(0,π),得sin A=,cos A=.又由a=3,B=及正弦定理得b=3.由sin C=sin(A+B)=sin得sin C=.设△ABC的面积为S,则S=absin C=9.评析本题主要考查三角恒等变换、正弦定理等基础知识,同时考查运算求解能力.5.(2014浙江,18,14分)在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c.已知a≠b,c=,cos2A-cos2B=sin Acos A-sin Bcos B.(1)求角C的大小;(2)若sin A=,求△ABC的面积.解析(1)由题意得-=sin 2A-sin 2B,即sin 2A-cos 2A=sin 2B-cos 2B,sin=sin.由a≠b,得A≠B,又A+B∈(0,π),得2A-+2B-=π,即A+B=,所以C=.(2)由c=,sin A=,=,得a=,由a<c,得A<C.从而cos A=,故sin B=sin(A+C)=sin Acos C+cos Asin C=,所以△ABC的面积S=acsin B=.评析本题主要考查诱导公式、两角和差公式、二倍角公式、正弦定理、三角形面积公式等基础知识,同时考查运算求解能力.B组统一命题、省(区、市)卷题组考点一正弦、余弦定理1.(2018课标全国Ⅱ理,6,5分)在△ABC中,cos=,BC=1,AC=5,则AB=()A.4B.C.D.2答案A2.(2017山东理,9,5分)在△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c.若△ABC为锐角三角形,且满足sinB(1+2cos C)=2sin Acos C+cos Asin C,则下列等式成立的是()A.a=2bB.b=2aC.A=2BD.B=2A答案A3.(2018课标全国Ⅰ文,16,5分)△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知bsin C+csin B=4asin Bsin C,b2+c2-a2=8,则△ABC的面积为.答案4.(2017课标全国Ⅱ文,16,5分)△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,若2bcos B=acos C+ccos A,则B=.答案5.(2018课标全国Ⅰ理,17,12分)在平面四边形ABCD中,∠ADC=90°,∠A=45°,AB=2,BD=5.(1)求cos∠ADB;(2)若DC=2,求BC.解析(1)在△ABD中,由正弦定理得=.由题设知,=,所以sin∠ADB=.由题设知,∠ADB<90°,所以cos∠ADB==.(2)由题设及(1)知,cos∠BDC=sin∠ADB=.在△BCD中,由余弦定理得BC2=BD2+DC2-2·BD·DC·cos∠BDC=25+8-2×5×2×=25.所以BC=5.方法总结正、余弦定理的应用原则(1)正弦定理是一个连比等式,在运用此定理时,只要知道其中一对的比值或等量关系就可以通过该定理解决问题,在解题时要学会灵活运用.(2)运用余弦定理时,要注意整体思想的应用.(3)在利用正、余弦定理判断三角形形状时,等式两边一般不要约去公因式,应移项提取公因式,以免漏解.(4)在利用正弦定理求三角形解的个数问题时,可能会出现一解、两解或无解的情况,所以解答此类问题时需要进行分类讨论,以免漏解或增解.6.(2015课标Ⅱ,17,12分)△ABC中,D是BC上的点,AD平分∠BAC,△ABD面积是△ADC面积的2倍.(1)求;(2)若AD=1,DC=,求BD和AC的长.解析(1)S△ABD=AB·ADsin∠BAD,S△ADC=AC·ADsin∠CAD.因为S△ABD=2S△ADC,∠BAD=∠CAD,所以AB=2AC.由正弦定理可得==.(2)因为S△ABD∶S△ADC=BD∶DC,所以BD=.在△ABD和△ADC中,由余弦定理知AB2=AD2+BD2-2AD·BDcos∠ADB,AC2=AD2+DC2-2AD·DCcos∠ADC.故AB2+2AC2=3AD2+BD2+2DC2=6.由(1)知AB=2AC,所以AC=1.考点二解三角形及其综合应用1.(2018课标全国Ⅲ文,11,5分)△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c.若△ABC的面积为,则C=()A. B.C. D.答案C2.(2014课标Ⅱ,4,5分)钝角三角形ABC的面积是,AB=1,BC=,则AC=()A.5B.C.2D.1答案B3.(2018北京文,14,5分)若△ABC的面积为(a2+c2-b2),且∠C为钝角,则∠B=;的取值范围是.答案;(2,+∞)4.(2015课标Ⅰ,16,5分)在平面四边形ABCD中,∠A=∠B=∠C=75°,BC=2,则AB的取值范围是.答案(-,+)5.(2018天津文,16,13分)在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c.已知bsin A=acos. (1)求角B的大小;(2)设a=2,c=3,求b和sin(2A-B)的值.解析本小题主要考查同角三角函数的基本关系式,两角差的正弦与余弦公式,二倍角的正弦与余弦公式,以及正弦定理、余弦定理等基础知识,考查运算求解能力.(1)在△ABC中,由正弦定理可得bsin A=asin B,又由bsin A=acos,得asin B=acos,即sin B=cos,可得tan B=.又因为B∈(0,π),可得B=.(2)在△ABC中,由余弦定理及a=2,c=3,B=,有b2=a2+c2-2accos B=7,故b=.由bsin A=acos,可得sin A=.因为a<c,故cos A=.因此sin 2A=2sin Acos A=,cos 2A=2cos2A-1=.所以sin(2A-B)=sin 2Acos B-cos 2Asin B=×-×=.6.(2017课标全国Ⅲ理,17,12分)△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c.已知sin A+cosA=0,a=2,b=2.(1)求c;(2)设D为BC边上一点,且AD⊥AC,求△ABD的面积.解析本题考查解三角形.(1)由已知可得tan A=-,所以A=.在△ABC中,由余弦定理得28=4+c2-4ccos,即c2+2c-24=0.解得c=-6(舍去)或c=4.(2)由题设可得∠CAD=,所以∠BAD=∠BAC-∠CAD=.故△ABD面积与△ACD面积的比值为=1.又△ABC的面积为×4×2sin∠BAC=2,所以△ABD的面积为.思路分析(1)由sin A+cos A=0,可求得tan A=-,注意到A是三角形内角,得A=,再由余弦定理求c.(2)由题意知∠CAD=,∠BAD=,于是可求得的值,再由S△ABC=×4×2sin∠BAC=2得解.一题多解(2)1题多解1:由余弦定理得cos C=,在Rt△ACD中,cosC=,∴CD=,∴AD=,DB=CD=,∴S△ABD=S△ACD=×2××sin C=×=.1题多解2:∠BAD=,由余弦定理得cos C=,∴CD=,∴AD=,∴S△ABD=×4××sin∠DAB=.1题多解3:过B作BE垂直AD,交AD的延长线于E,在△ABE中,∠EAB=-=,AB=4,∴BE=2,∴BE=CA,从而可得△ADC≌△EDB,∴BD=DC,即D为BC中点,∴S△ABD=S△ABC=××2×4×sin∠CAB=.C组教师专用题组考点一正弦、余弦定理1.(2017课标全国Ⅰ文,11,5分)△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c.已知sin B+sin A(sin C-cosC)=0,a=2,c=,则C=()A. B. C. D.答案B2.(2016天津,3,5分)在△ABC中,若AB=,BC=3,∠C=120°,则AC=()A.1B.2C.3D.4答案A3.(2016课标全国Ⅱ,13,5分)△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,若cos A=,cos C=,a=1,则b=.答案4.(2015天津,13,5分)在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c.已知△ABC的面积为3,b-c=2,cos A=-,则a的值为.答案85.(2015福建,12,4分)若锐角△ABC的面积为10,且AB=5,AC=8,则BC等于.答案76.(2015广东,11,5分)设△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c.若a=,sin B=,C=,则b=.答案 17.(2015重庆,13,5分)在△ABC中,B=120°,AB=,A的角平分线AD=,则AC=.答案8.(2014天津,12,5分)在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别是a,b,c.已知b-c=a,2sin B=3sin C,则cos A 的值为.答案-9.(2014广东,12,5分)在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c.已知bcos C+ccos B=2b,则=.答案 210.(2014福建,12,4分)在△ABC中,A=60°,AC=4,BC=2,则△ABC的面积等于.答案211.(2014江苏,14,5分)若△ABC的内角满足sin A+sin B=2sin C,则cos C的最小值是.答案12.(2014课标Ⅰ,16,5分)已知a,b,c分别为△ABC三个内角A,B,C的对边,a=2,且(2+b)(sin A-sinB)=(c-b)sin C,则△ABC面积的最大值为.答案13.(2017山东文,17,12分)在△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c.已知b=3,·=-6,S△ABC=3,求A和a.解析本题考查向量数量积的运算及解三角形.因为·=-6,所以bccos A=-6,又S△ABC=3,所以bcsin A=6,因此tan A=-1,又0<A<π,所以A=.又b=3,所以c=2.由余弦定理a2=b2+c2-2bccos A,得a2=9+8-2×3×2×=29,所以a=.14.(2016江苏,15,14分)在△ABC中,AC=6,cos B=,C=.(1)求AB的长;(2)求cos的值.解析(1)因为cos B=,0<B<π,所以sin B===.由正弦定理知=,所以AB===5.(2)在△ABC中,A+B+C=π,所以A=π-(B+C),于是cos A=-cos(B+C)=-cos=-cos Bcos +sin B·sin,又cos B=,sin B=,故cos A=-×+×=-.因为0<A<π,所以sin A==.因此cos=cos Acos+sin Asin=-×+×=.评析本题主要考查正弦定理、同角三角函数的基本关系式与两角和(差)的三角函数,考查运算求解能力.15.(2016四川,17,12分)在△ABC中,角A,B,C所对的边分别是a,b,c,且+=.(1)证明:sin Asin B=sin C;(2)若b2+c2-a2=bc,求tan B.解析(1)证明:根据正弦定理,可设===k(k>0).则a=ksin A,b=ksin B,c=ksin C.代入+=中,有+=,变形可得sin Asin B=sin Acos B+cos Asin B=sin(A+B).在△ABC中,由A+B+C=π,有sin(A+B)=sin(π-C)=sin C,所以sin Asin B=sin C.(2)由已知,b2+c2-a2=bc,根据余弦定理,有cos A==.所以sin A==.由(1)可知sin Asin B=sin Acos B+cos Asin B,所以sin B=cos B+sin B,故tan B==4.评析本题考查的知识点主要是正、余弦定理以及两角和的正弦公式. 16.(2014湖南,18,12分)如图,在平面四边形ABCD中,AD=1,CD=2,AC=.(1)求cos∠CAD的值;(2)若cos∠BAD=-,sin∠CBA=,求BC的长.解析(1)在△ADC中,由余弦定理,得cos∠CAD===.(2)设∠BAC=α,则α=∠BAD-∠CAD.因为cos∠CAD=,cos∠BAD=-,所以sin∠CAD===,sin∠BAD===.于是sin α=sin(∠BAD-∠CAD)=sin∠BADcos∠CAD-cos∠BADsin∠CAD=×-×=.在△ABC中,由正弦定理,得=,故BC===3.考点二解三角形及其综合应用1.(2014江西,4,5分)在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别是a,b,c.若c2=(a-b)2+6,C=,则△ABC的面积是()A.3B.C.D.3答案C2.(2014重庆,10,5分)已知△ABC的内角A,B,C满足sin 2A+sin(A-B+C)=sin(C-A-B)+,面积S满足1≤S≤2,记a,b,c分别为A,B,C所对的边,则下列不等式一定成立的是()A.bc(b+c)>8B.ab(a+b)>16C.6≤abc≤12D.12≤abc≤24答案A3.(2017课标全国Ⅲ文,15,5分)△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c.已知C=60°,b=,c=3,则A=.答案75°4.(2015北京,12,5分)在△ABC中,a=4,b=5,c=6,则=.答案 15.(2014山东,12,5分)在△ABC中,已知·=tan A,当A=时,△ABC的面积为.答案6.(2018北京理,15,13分)在△ABC中,a=7,b=8,cos B=-.(1)求∠A;(2)求AC边上的高.解析(1)在△ABC中,因为cos B=-,所以sin B==.由正弦定理得sin A==.由题设知<∠B<π,所以0<∠A<.所以∠A=.(2)在△ABC中,因为sin C=sin(A+B)=sin Acos B+cos Asin B=,所以AC边上的高为asin C=7×=.方法总结处理解三角形相关的综合题目时,首先要掌握正弦、余弦定理,其次结合图形分析哪些边、角是已知的,哪些边、角是未知的,然后将方程转化为只含有边或角的方程,最后通过解方程求出边或角.7.(2017课标全国Ⅰ理,17,12分)△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c.已知△ABC的面积为.(1)求sin Bsin C;(2)若6cos Bcos C=1,a=3,求△ABC的周长.解析本题考查正弦定理、余弦定理以及三角恒等变换,考查学生利用三角形面积公式进行运算求解的能力.(1)由题设得acsin B=,即csin B=.由正弦定理得sin Csin B=.故sin Bsin C=.(2)由题设及(1)得cos Bcos C-sin Bsin C=-,即cos(B+C)=-.所以B+C=,故A=.由题设得bcsin A=,即bc=8.由余弦定理得b2+c2-bc=9,即(b+c)2-3bc=9,得b+c=.故△ABC的周长为3+.思路分析(1)首先利用三角形的面积公式可得acsin B=,然后利用正弦定理,把边转化成角的形式,即可得出sin Bsin C的值;(2)首先利用sin Bsin C的值以及题目中给出的6cos Bcos C=1,结合两角和的余弦公式求出B+C,进而得出A,然后利用三角形的面积公式和a的值求出bc的值,最后利用余弦定理求出b+c 的值,进而得出△ABC的周长.方法总结解三角形的综合应用.(1)应用正弦定理、余弦定理主要是将条件转化为仅有边或仅有角的形式,以便进一步化简计算,例如:将csin B=变形为sin Csin B=.(2)三角形面积公式:S=absin C=acsin B=bcsin A.(3)三角形的内角和为π.这一性质经常在三角化简中起到消元的作用,例如:在△ABC中,sin(B+C)=sin A.8.(2017课标全国Ⅱ理,17,12分)△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知sin(A+C)=8sin2.(1)求cos B;(2)若a+c=6,△ABC的面积为2,求b.解析本题考查了三角公式的运用和余弦定理的应用.(1)由题设及A+B+C=π得sin B=8sin2,故sin B=4(1-cos B).上式两边平方,整理得17cos2B-32cos B+15=0,解得cos B=1(舍去),cos B=.(2)由cos B=得sin B=,故S△ABC=acsin B=ac.又S△ABC=2,则ac=.由余弦定理及a+c=6得b2=a2+c2-2accos B=(a+c)2-2ac(1+cos B)=36-2××=4.所以b=2.解后反思在余弦定理和三角形面积公式的运用过程中,要重视“整体运算”的技巧.如本题中b2=a2+c2-2accos B=(a+c)2-2ac(1+cos B)中的转化就说明了这一点.9.(2017北京理,15,13分)在△ABC中,∠A=60°,c=a.(1)求sin C的值;(2)若a=7,求△ABC的面积.解析本题考查正、余弦定理的应用,考查三角形的面积公式.(1)在△ABC中,因为∠A=60°,c=a,所以由正弦定理得sin C==×=.(2)因为a=7,所以c=×7=3.由余弦定理a2=b2+c2-2bccos A得72=b2+32-2b×3×,解得b=8或b=-5(舍).所以△ABC的面积S=bcsin A=×8×3×=6.解后反思根据所给等式的结构特点,利用正弦定理将边的关系转化为角的关系是解题的关键.在求解面积时,经常用余弦定理求出两边乘积.10.(2016课标全国Ⅰ,17,12分)△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知2cos C(acos B+bcos A)=c.(1)求C;(2)若c=,△ABC的面积为,求△ABC的周长.解析(1)由已知及正弦定理得,2cos C(sin Acos B+sin Bcos A)=sin C,(2分)2cos Csin(A+B)=sin C.故2sin Ccos C=sin C.(4分)可得cos C=,所以C=.(6分)(2)由已知,得absin C=.又C=,所以ab=6.(8分)由已知及余弦定理得,a2+b2-2abcos C=7.故a2+b2=13,从而(a+b)2=25.(10分)所以△ABC的周长为5+.(12分)评析本题重点考查了正弦定理、余弦定理及三角形面积公式,同时,对三角恒等变换的公式也有所考查.在解题过程中,要注意先将已知条件中的“边”与“角”的关系,通过正弦定理转化为“角”之间的关系,再运用三角函数知识求解.11.(2016北京,15,13分)在△ABC中,a2+c2=b2+ac.(1)求∠B的大小;(2)求cos A+cos C的最大值.解析(1)由余弦定理及题设得cos B===.又因为0<∠B<π,所以∠B=.(6分)(2)由(1)知∠A+∠C=.cos A+cos C=cos A+cos=cos A-cos A+sin A=cos A+sin A=cos.(11分)因为0<∠A<,所以当∠A=时,cos A+cos C取得最大值1.(13分)思路分析第(1)问条件中有边的平方和边的乘积,显然应选用余弦定理求解.第(2)问用三角形内角和定理将原三角函数式化为只含一个角的三角函数式,再注意角的取值范围,问题得解.评析本题考查余弦定理、三角恒等变换及三角函数的性质.属中档题.12.(2015四川,19,12分)如图,A,B,C,D为平面四边形ABCD的四个内角.(1)证明:tan=;(2)若A+C=180°,AB=6,BC=3,CD=4,AD=5,求tan+tan+tan+tan的值.解析(1)证明:tan===.(2)由A+C=180°,得C=180°-A,D=180°-B.由(1),有tan+tan+tan+tan=+++=+.连接BD.在△ABD中,有BD2=AB2+AD2-2AB·ADcos A,在△BCD中,有BD2=BC2+CD2-2BC·CDcos C,所以AB2+AD2-2AB·ADcos A=BC2+CD2+2BC·CDcos A. 则cos A===.于是sin A===.连接AC.同理可得cos B===,于是sin B===.所以tan+tan+tan+tan=+=+=.评析本题主要考查二倍角公式、诱导公式、余弦定理、简单的三角恒等变换等基础知识,考查运算求解能力、推理论证能力,考查函数与方程、化归与转化等数学思想.13.(2015安徽,16,12分)在△ABC中,∠A=,AB=6,AC=3,点D在BC边上,AD=BD,求AD的长.解析设△ABC的内角A,B,C所对边的长分别是a,b,c,由余弦定理得a2=b2+c2-2bccos∠BAC=(3)2+62-2×3×6×cos=18+36-(-36)=90,所以a=3.又由正弦定理得sin B===,由题设知0<B<,所以cos B===.在△ABD中,由正弦定理得AD====.14.(2015湖南,17,12分)设△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,a=btan A,且B为钝角.(1)证明:B-A=;(2)求sin A+sin C的取值范围.解析(1)证明:由a=btan A及正弦定理,得==,所以sin B=cos A,即sin B=sin.又B为钝角,因此+A∈,故B=+A,即B-A=.(2)由(1)知,C=π-(A+B)=π-=-2A>0,所以A∈.于是sin A+sin C=sin A+sin=sin A+cos 2A=-2sin2A+sin A+1=-2+.因为0<A<,所以0<sin A<,因此<-2+≤.由此可知sin A+sin C的取值范围是.评析本题以解三角形为背景,考查三角恒等变换及三角函数的图象与性质,对考生思维的严谨性有较高要求.15.(2015陕西,17,12分)△ABC的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c.向量m=(a,b)与n=(cos A,sin B)平行.(1)求A;(2)若a=,b=2,求△ABC的面积.解析(1)因为m∥n,所以asin B-bcos A=0,由正弦定理,得sin Asin B-sin Bcos A=0,又sin B≠0,从而tan A=,由于0<A<π,所以A=.(2)解法一:由余弦定理a2=b2+c2-2bccos A及a=,b=2,A=,得7=4+c2-2c,即c2-2c-3=0,因为c>0,所以c=3.故△ABC的面积为bcsin A=.解法二:由正弦定理,得=,从而sin B=,又由a>b,知A>B,所以cos B=.故sin C=sin(A+B)=sin=sin Bcos+cos Bsin=.所以△ABC的面积为absin C=.16.(2014陕西,16,12分)△ABC的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c.(1)若a,b,c成等差数列,证明:sin A+sin C=2sin(A+C);(2)若a,b,c成等比数列,求cos B的最小值.解析(1)证明:∵a,b,c成等差数列,∴a+c=2b.由正弦定理得sin A+sin C=2sin B.∵sin B=sin[π-(A+C)]=sin(A+C),∴sin A+sin C=2sin(A+C).(2)∵a,b,c成等比数列,∴b2=ac.由余弦定理得cos B==≥=,当且仅当a=c时等号成立.∴cos B的最小值为.评析本题考查了等差、等比数列,正、余弦定理,基本不等式等知识;考查运算求解能力.17.(2014大纲全国,17,10分)△ABC的内角A、B、C的对边分别为a、b、c,已知3acos C=2ccos A,tan A=,求B.解析由题设和正弦定理得3sin Acos C=2sin Ccos A.故3tan Acos C=2sin C,因为tan A=,所以cos C=2sin C,tan C=.(6分)所以tan B=tan[180°-(A+C)]=-tan(A+C)=(8分)=-1,即B=135°.(10分)18.(2014北京,15,13分)如图,在△ABC中,∠B=,AB=8,点D在BC边上,且CD=2,cos∠ADC=.(1)求sin∠BAD;(2)求BD,AC的长.解析(1)在△ADC中,因为cos∠ADC=,所以sin∠ADC=.所以sin∠BAD=sin(∠ADC-∠B)=sin∠ADCcos∠B-cos∠ADCsin∠B=×-×=.(2)在△ABD中,由正弦定理得BD===3.在△ABC中,由余弦定理得AC2=AB2+BC2-2AB·BC·cos∠B=82+52-2×8×5×=49.所以AC=7.评析本题考查了正、余弦定理等三角形的相关知识;考查分析推理、运算求解能力.19.(2014安徽,16,12分)设△ABC的内角A,B,C所对边的长分别是a,b,c,且b=3,c=1,A=2B.(1)求a的值;(2)求sin的值.解析(1)因为A=2B,所以sin A=sin 2B=2sin Bcos B.由正、余弦定理得a=2b·.因为b=3,c=1,所以a2=12,a=2.(2)由余弦定理得cos A===-.由于0<A<π,所以sin A===.故sin=sin Acos+cos Asin=×+×=.评析本题考查正、余弦定理,三角恒等变换等知识;考查基本运算求解能力;属容易题.【三年模拟】一、选择题(每小题4分,共16分)1.(2019届浙江名校协作体高三联考,3)在△ABC中,内角A,B,C所对的边长分别为a,b,c,已知A=45°,B=60°,b=,则a=()A. B. C. D.答案A2.(2019届浙江嘉兴9月基础测试,8)在△ABC中,已知cos A=,cos B=,c=4,则a=()A.12B.15C.D.答案D3.(2018浙江镇海中学期中,10)若△ABC沿着三条中位线折起后能够拼接成一个三棱锥,则称这样的△ABC 为“和谐三角形”,设△ABC的三个内角分别为A,B,C,则下列条件不能够确定该△ABC为“和谐三角形”的是()A.A∶B∶C=7∶20∶25B.sin A∶sin B∶sin C=7∶20∶25C.cos A∶cos B∶cos C=7∶20∶25D.tan A∶tan B∶tan C=7∶20∶25答案B4.(2018浙江台州第一次调考(4月),7)在△ABC中,边a,b,c所对的角分别为A,B,C,若a2=b2+c2-bc,sin C=2cos B,则()A.A=B.B=C.c= bD.c=2a答案D二、填空题(单空题4分,多空题6分,共24分)5.(2019届衢州、湖州、丽水三地教学质量检测,14)已知△ABC的面积为,∠A=60°,D是边AC上一点,AD=2DC,BD=2,则AB=,cos C=.答案2;6.(2019届浙江名校新高考研究联盟第一次联考,14)在△ABC中,角A,B,C所对的边长分别为a,b,c,A=60°,且△ABC外接圆的半径为,则a=,若b+c=3,则△ABC的面积为.答案3;7.(2018浙江名校协作体,14)在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c.若c=2b,sin C=,则sinB=;若2a2+b2+c2=4,则△ABC面积的最大值是.答案;8.(2018浙江嘉兴教学测试(4月),14)设△ABC的三边a,b,c所对的角分别为A,B,C,已知a2+2b2=c2,则=;tan B的最大值为.答案-3;三、解答题(共20分)9.(2019届金丽衢十二校高三第一次联考,18)如图,在△ABC中,已知点D在边AB上,AD=3DB,cosA=,cos∠ACB=,BC=13.(1)求cos B的值;(2)求CD的长.解析(1)在△ABC中,cos A=,A∈(0,π),所以sin A===.同理可得sin∠ACB=.所以cos B=cos[π-(∠A+∠ACB)]=-cos(∠A+∠ACB)=sin Asin∠ACB-cos Acos∠ACB=×-×=.(2)在△ABC中,由正弦定理得AB===20.又AD=3DB,所以BD=AB=5.在△BCD中,由余弦定理得CD===9.10.(2018浙江杭州二中期中,18)在△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知tan C=.(1)求角C的大小;(2)若△ABC的外接圆直径为1,求a2+b2的取值范围.解析(1)∵tan C=,即=,∴sin Ccos A+sin Ccos B=sin Acos C+sin Bcos C,更多内容请到主页下载即sin Ccos A-sin Acos C=sin Bcos C-sin Ccos B,即sin(C-A)=sin(B-C),∴C-A=B-C或C-A=π-(B-C)(舍去),∴2C=A+B,∴C=.(2)由(1)知C=,故设A=α+,B=-α+,其中-<α<,外接圆半径为R,a=2Rsin A=sin A,b=2Rsin B=sin B.故a2+b2=sin2A+sin2B= (1-cos 2A)+ (1-cos 2B)==1+cos 2α.∵-<α<,∴-<2α<,∴-<cos 2α≤1, ∴<a2+b2≤.。

2020年高考数学一轮复习讲练测浙江版专题4.1任意角和弧度制及任意角的三角函数(讲)含解析

2020年高考数学一轮复习讲练测浙江版专题4.1任意角和弧度制及任意角的三角函数(讲)含解析

2020年高考数学一轮复习讲练测(浙江版)第四章三角函数与解三角形第01讲任意角和弧度制及任意角的三角函数 ---讲1.了解角、角度制与弧度制的概念,掌握弧度与角度的换算.2. 理解正弦函数、余弦函数、正切函数的定义.3.高考预测:(1)三角函数的定义;(2)扇形的面积、弧长及圆心角;(3)在大题中考查三角函数的定义,主要考查:一是直接利用任意角三角函数的定义求其三角函数值;二是根据任意角三角函数的定义确定终边上一点的坐标.4.备考重点:(1) 理解三角函数的定义;(2) 掌握扇形的弧长及面积计算公式.知识点1.象限角及终边相同的角1.任意角、角的分类:①按旋转方向不同分为正角、负角、零角.②按终边位置不同分为象限角和轴线角.(2)终边相同的角:终边与角α相同的角可写成α+k·360°(k∈Z).2.弧度制:①1弧度的角:把长度等于半径长的弧所对的圆心角叫做1弧度的角.②规定:正角的弧度数为正数,负角的弧度数为负数,零角的弧度数为零,|α|=lr,l是以角α作为圆心角时所对圆弧的长,r为半径.③用“弧度”做单位来度量角的制度叫做弧度制.比值lr与所取的r的大小无关,仅与角的大小有关.3.弧度与角度的换算:360°=2π弧度;180°=π弧度.【典例1】(2019·乐陵市第一中学高三专题练习)如果,那么与终边相同的角可以表示为A .B .C .D .【答案】B 【解析】 由题意得,与终边相同的角可以表示为.故选B . 【规律方法】象限角的两种判断方法(1)图象法:在平面直角坐标系中,作出已知角并根据象限角的定义直接判断已知角是第几象限角.(2)转化法:先将已知角化为k ·360°+α(0°≤α<360°,k ∈Z )的形式,即找出与已知角终边相同的角α,再由角α终边所在的象限判断已知角是第几象限角. 【变式1】若角α是第二象限角,试确定α2,2α的终边所在位置.【答案】角α2的终边在第三象限或第四象限或y 轴的负半轴上,2α的终边在第一象限或第三象限.【解析】∵角α是第二象限角,∴,(1),∴ 角α2的终边在第三象限或第四象限或y 轴的负半轴上.(2),当时,∴,∴2α的终边在第一象限.当时,∴,∴2α的终边在第三象限.综上所述,2α的终边在第一象限或第三象限.知识点2.三角函数的定义1.任意角的三角函数定义:设α是一个任意角,角α的终边与单位圆交于点P (x ,y ),那么角α的正弦、余弦、正切分别是:sin α=y ,cos α=x ,tan α=yx ,它们都是以角为自变量,以单位圆上点的坐标或坐标的比值为函数值的函数.2.三角函数在各象限内的符号口诀是:一全正、二正弦、三正切、四余弦3.三角函数线设角α的顶点在坐标原点,始边与x 轴非负半轴重合,终边与单位圆相交于点P ,过P 作PM 垂直于x 轴于M .由三角函数的定义知,点P 的坐标为(cos α,sin α),即P (cos α,sin α),其中cos α=OM ,sin α=MP ,单位圆与x 轴的正半轴交于点A ,单位圆在A 点的切线与α的终边或其反向延长线相交于点T ,则tan α=AT .我们把有向线段OM 、MP 、AT 叫做α的余弦线、正弦线、正切线.【典例2】(2011·江西高考真题(文))已知角θ的顶点为坐标原点,始边为x 轴的正半轴,若()4,p y 是角θ终边上一点,且,则y=_______.【答案】-8 【解析】根据正弦值为负数,判断角在第三、四象限,再加上横坐标为正,断定该 角为第四象限角.=【规律方法】1.已知角α终边上一点P 的坐标,则可先求出点P 到原点的距离r ,然后利用三角函数的定义求解.2.已知角α的终边所在的直线方程,则可先设出终边上一点的坐标,求出此点到原点的距离,然后利用三角函数的定义求解相关的问题.若直线的倾斜角为特殊角,也可直接写出角α的三角函数值. 【变式2】(浙江省嘉兴市第一中学期中)已知角的终边与单位圆交于点,则的值为( )A. B. C. D.【答案】B【解析】由三角函数的定义可得.故选B .知识点3.扇形的弧长及面积公式弧长公式:l =|α|r ,扇形面积公式:S 扇形=12lr =12|α|r 2.【典例3】(2019·河南高考模拟(理))已知圆O 与直线l 相切于A ,点,P Q 同时从点A 出发,P 沿着直线l 向右、Q 沿着圆周按逆时针以相同的速度运动,当Q 运动到点A 时,点P 也停止运动,连接OQ ,OP (如图),则阴影部分面积1S ,2S 的大小关系是( )A .12S S =B .12S S ≤C .12S S ≥D .先12S S <,再12S S =,最后12S S >【答案】A 【解析】如图所示,因为直线l 与圆O 相切,所以OA AP ⊥, 所以扇形的面积为,,因为AQ AP =,所以扇形AOQ 的面积,即,所以12S S =,【总结提升】应用弧度制解决问题的方法(1)利用扇形的弧长和面积公式解题时,要注意角的单位必须是弧度;(2)求扇形面积最大值的问题时,常转化为二次函数的最值问题,利用配方法使问题得到解决; (3)在解决弧长问题和扇形面积问题时,要合理地利用圆心角所在的三角形.【变式3】(浙江省诸暨中学)已知扇形的周长是12,面积是8,则扇形的中心角的弧度数是( ) A. 1 B. 4 C. 1或4 D. 2或4 【答案】C【解析】设扇形的半径为r ,弧长为 l ,则∴解得28r l ==, 或44r l ==,故选C .考点1 象限角及终边相同的角【典例4】 (2019·宁夏质检)终边在直线y =上,且在[22)-,ππ内的角α的集合为 .【答案】【解析】如图,在坐标系中画出直线y =,可以发现它与x 轴的夹角是3π,在)0,2π⎡⎣内,终边在直线y =上的角有两个:3π,43π;在[20)-,π内满足条件的角有两个:23π-,53π-,故满足条件的角α构成的集合为.【易错提醒】(1)相等的角终边一定相同,但终边相同的角却不一定相等,终边相同的角有无数个,它们之间相差360°的整数倍.(2)终边在一条直线上的角之间相差180°的整数倍;终边在互相垂直的两条直线上的角之间相差90°的整数倍.【变式4】(浙江省杭州第二中学)若α是第三象限的角, 则2απ-是 ( )A. 第一或第二象限的角B. 第一或第三象限的角C. 第二或第三象限的角D. 第二或第四象限的角 【答案】B【解析】α是第三象限角,,,,故当k 为偶数时, 12πα-是第一象限角;故当k 为奇数时, 12πα-是第三象限角,故选B. 考点2 利用三角函数定义求值【典例5】(浙江省台州中学期中)已知角的终边过点,且,则的值为( )A.B. C.D.【答案】B 【解析】 由题意可知,,,是第三象限角,可得,即,解得,故选B.【规律方法】1.已知角α终边上一点P 的坐标,则可先求出点P 到原点的距离r ,然后利用三角函数的定义求解.2.已知角α的终边所在的直线方程,则可先设出终边上一点的坐标,求出此点到原点的距离,然后利用三角函数的定义求解相关的问题.若直线的倾斜角为特殊角,也可直接写出角α的三角函数值. 【变式5】已知角的终边在射线上,则等于( )A.B.C.D.【答案】A由题得在第四象限,且,所以故答案为:A.考点3 三角函数值的符号判定【典例6】(浙江省东阳中学月考)已知且,则角的终边所在的象限是()A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限【答案】B【解析】依据题设及三角函数的定义可知角终边上的点的横坐标小于零,纵坐标大于零,所以终边在第二象限,应选答案B.【总结提升】判定三角函数值的符号,关键是要搞清三角函数中的角是第几象限角,再根据正、余弦函数值在各象限的符号确定值的符号.如果角不能确定所在象限,那就要进行分类讨论求解.【变式6】已知角α的终边经过点(3a-9,a+2),且cos α≤0,sin α>0,则实数a的取值范围是() A.(-2,3] B.(-2,3)C.[-2,3) D.[-2,3]【答案】A【解析】∵,∴角 的终边落在第二象限或y轴的正半轴上.∴∴.故选A.考点4 扇形的弧长及面积公式【典例7】(2019·甘肃高三月考(理))若一个扇形的周长与面积的数值相等,则该扇形所在圆的半径不可能等于( )A.5 B.2 C.3 D.4【答案】B【解析】因为扇形的周长与面积的数值相等,所以设扇形所在圆的半径为R,扇形弧长为l,则lR=2R+l,所以即是lR=4R+2l,∴l=∵l>0,∴R>2【总结提升】(1) 弧度制下l =|α|·r ,S =12lr ,此时α为弧度.扇形面积公式,扇形中弦长公式,扇形弧长公式在角度制下,弧长l =n πr 180,扇形面积S =n πr 2360,此时n 为角度,它们之间有着必然的联系.(2)在解决弧长、面积及弓形面积时要注意合理应用圆心角所在的三角形.【变式7】(2018·湖北高考模拟(理))《九章算术》是中国古代第一部数学专著,成于公元一世纪左右,系统总结了战国、秦、汉时期的数学成就.其中《方田》一章中记载了计算弧田(弧田就是由圆弧和其所对弦所围成弓形)的面积所用的经验公式:弧田面积=(弦×矢+矢×矢),公式中“弦”指圆弧所对弦长,“矢”等于半径长与圆心到弦的距离之差.按照上述经验公式计算所得弧田面积与其实际面积之间存在误差.现有圆心角为,弦长为的弧田.其实际面积与按照上述经验公式计算出弧田的面积之间的误差为( )平方米.(其中,)A .15B .16C .17D .18 【答案】B 【解析】 因为圆心角为,弦长为,所以圆心到弦的距离为半径为40,因此根据经验公式计算出弧田的面积为,实际面积等于扇形面积减去三角形面积,为,因此两者之差为,选B.考点5 单位圆、三角函数线的应用【典例8】(2018年文北京卷)在平面坐标系中,是圆上的四段弧(如图),点P在其中一段上,角以O 为始边,OP 为终边,若,则P 所在的圆弧是( )A. ABB. CDC. EFD. GH【答案】C【解析】由下图可得:有向线段为余弦线,有向线段为正弦线,有向线段为正切线.A 选项:当点在AB上时,,,故A选项错误;B选项:当点在CD上时,,,,故B选项错误;C选项:当点在EF上时,,,,故C选项正确;D选项:点在GH上且GH在第三象限,,故D选项错误.综上,故选C.【规律方法】利用单位圆解三角不等式(组)的一般步骤(1)用边界值定出角的终边位置.(2)根据不等式(组)定出角的范围.(3)求交集,找单位圆中公共的部分.(4)写出角的表达式.【变式8】(2018年5月3日三角函数线)作出下列各角的正弦线、余弦线、正切线:(1);(2)–.【答案】(1)见解析.(2)见解析.【解析】(1)∵∈(,π),∴作出角的终边如图所示,交单位圆于点P,作PM⊥x轴于M,则有向线段MP=sin,有向线段OM=cos,设过A(1,0)垂直于x轴的直线交OP的反向延长线于T,则有向线段AT=tan,综上所述,图(1)中的有向线段MP、OM、AT分别为角的正弦线、余弦线、正切线;(2)∵–∈(–π,–),∴在第三象限内作出–角的终边如图所示,交单位圆于点P',用类似(1)的方法作图,可得图(2)中的有向线段M'P'、OM'、A'T'分别为–角的正弦线、余弦线、正切线.。

浙江专版2020届高考数学一轮复习单元检测五三角函数解三角形单元检测含解析

浙江专版2020届高考数学一轮复习单元检测五三角函数解三角形单元检测含解析

单元检测五 三角函数、解三角形(时间:120分钟 满分:150分) 第Ⅰ卷(选择题 共40分)一、选择题(本大题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的) 1.下列命题中正确的是( ) A .终边在x 轴正半轴上的角是零角 B .三角形的内角必是第一、二象限内的角 C .不相等的角的终边一定不相同D .若β=α+k ·360°(k ∈Z ),则角α与β的终边相同 答案 D解析 对于A ,因为终边在x 轴正半轴上的角可以表示为α=2k π(k ∈Z ),A 错误;对于B ,直角也可为三角形的内角,但不在第一、二象限内,B 错误;对于C ,例如30°≠-330°,但其终边相同,C 错误,故选D.2.已知角θ的终边经过点⎝ ⎛⎭⎪⎫-35,45,则sin 2θ2的值为( )A.110B.15C.45D.910 答案 C解析 因为点⎝ ⎛⎭⎪⎫-35,45在角θ的终边上, 所以cos θ=-35,则sin 2θ2=1-cos θ2=45,故选C.3.已知sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫π3-α=13,则sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫π6-2α等于( ) A.79B .-79C .±79D .-29 答案 B解析 ∵sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫π3-α=cos ⎣⎢⎡⎦⎥⎤π2-⎝ ⎛⎭⎪⎫π3-α=cos ⎝ ⎛⎭⎪⎫π6+α=13,∴sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫π6-2α=cos ⎣⎢⎡⎦⎥⎤π2-⎝ ⎛⎭⎪⎫π6-2α =cos ⎣⎢⎡⎦⎥⎤2⎝ ⎛⎭⎪⎫π6+α=2cos 2⎝ ⎛⎭⎪⎫π6+α-1=2×19-1=-79.4.设a =tan35°,b =cos55°,c =sin23°,则( ) A .a >b >c B .b >c >a C .c >b >a D .c >a >b答案 A解析 由题可知b =cos55°=sin35°,因为sin35°>sin23°,所以b >c ,利用三角函数线比较tan35°和sin35°,易知tan35°>sin35°,所以a >b .综上,a >b >c ,故选A. 5.若函数f (x )=3sin(2x +θ)+cos(2x +θ)是偶函数,则θ的最小正实数值是( ) A.π6B.π3C.2π3D.5π6 答案 B解析 f (x )=3sin(2x +θ)+cos(2x +θ)=2·sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2x +θ+π6.因为f (x )为偶函数,所以当x =0时,2x +θ+π6=θ+π6=k π+π2(k ∈Z ),解得θ=k π+π3(k ∈Z ).当k =0时,θ取得最小正实数值π3,故选B.6.若函数f (x )=A sin(ωx +φ)⎝ ⎛⎭⎪⎫A >0,ω>0,0<|φ|<π2的部分图象如图所示,则f (x )等于( )A.12sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫14x +π8B.12sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫4x -π8C.12sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫14x -π8D.12sin ⎝⎛⎭⎪⎫4x +π8答案 C解析 由题图知,函数f (x )的最小正周期T =2⎝⎛⎭⎪⎫9π2-π2=8π,A =12,所以ω=2π8π=14, f (x )=12sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫14x +φ,由点⎝ ⎛⎭⎪⎫π2,0在函数f (x )的图象上,可知sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫π8+φ=0,又0<|φ|<π2,所以φ=-π8,所以f (x )=12sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫14x -π8.7.在△ABC 中,角A ,B ,C 所对的边分别为a ,b ,c,2b sin B =(2a +c )sin A +(2c +a )sin C .则角B 的大小为( )A.π6B.π3C.2π3D.5π6 答案 C解析 由正弦定理得2b 2=(2a +c )a +(2c +a )c ,化简得a 2+c 2-b 2+ac =0,所以cos B =a 2+c 2-b 22ac =-ac 2ac =-12,又B ∈(0,π),解得B =2π3,故选C. 8.已知函数f (x )=3sin2x -2cos 2x ,将f (x )的图象上的所有点的横坐标缩短到原来的13,纵坐标不变,再把所得图象向上平移1个单位长度,得到函数g (x )的图象,若g (x 1)·g (x 2)=-4,则|x 1-x 2|的值可能为( ) A.π3B.π4C.π2D .π 答案 C解析 由题意得f (x )=3sin2x -cos2x -1=2sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2x -π6-1,则g (x )=2sin ⎝⎛⎭⎪⎫6x -π6,故函数g (x )的最小正周期T =2π6=π3.由g (x 1)·g (x 2)=-4,知g (x 1)与g (x 2)的值一个为2,另一个为-2,故|x 1-x 2|=⎪⎪⎪⎪⎪⎪T 2+kT =⎪⎪⎪⎪⎪⎪π6+k π3(k ∈Z ).当k =1时,|x 1-x 2|=π2,故选C.9.在△ABC 中,角A ,B ,C ,所对的边分别为a ,b ,c ,c 2sin A cos A +a 2sin C cos C =4sin B ,cos B =74,已知D 是AC 上一点,且S △BCD =23,则ADAC等于( ) A.59B.49C.23D.13 答案 A解析 设a sin A =b sin B =csin C =k ,则由c 2sin A ·cos A +a 2sin C cos C =4sin B , 得k 2sin A sin C (sin C ·cos A +sin A cos C )=4sin B , 即k 2sin A sin C sin(C +A )=4sin B , 所以k 2sin A sin C =4,即ac =4. 又cos B =74,所以sin B =34, 所以S △ABC =12ac sin B =32,所以AD AC =S △ABD S △ABC =1-S △BCD S △ABC =59,故选A.10.已知f (x )=2sin ωx cos 2⎝⎛⎭⎪⎫ωx 2-π4-sin 2ωx (ω>0)在区间⎣⎢⎡⎦⎥⎤-2π3,5π6上是增函数,且在区间[0,π]上恰好取得一次最大值,则ω的取值范围是( )A.⎝ ⎛⎦⎥⎤0,35B.⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,35C.⎝ ⎛⎦⎥⎤12,35 D.⎝ ⎛⎭⎪⎫12,+∞ 答案 B解析 f (x )=sin ωx (1+sin ωx )-sin 2ωx =sin ωx ,所以⎣⎢⎡⎦⎥⎤-π2ω,π2ω是含原点的单调递增区间,因为函数f (x )在区间⎣⎢⎡⎦⎥⎤-2π3,5π6上是增函数,所以⎣⎢⎡⎦⎥⎤-2π3,5π6⊆⎣⎢⎡⎦⎥⎤-π2ω,π2ω,所以⎩⎪⎨⎪⎧-π2ω≤-2π3,5π6≤π2ω,解得ω≤35.又ω>0,所以0<ω≤35.因为函数f (x )在区间[0,π]上恰好取得一次最大值,所以π2ω≤π<5π2ω,解得12≤ω<52.综上ω的取值范围为⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,35,故选B.第Ⅱ卷(非选择题 共110分)二、填空题(本大题共7小题,多空题每题6分,单空题每题4分,共36分.把答案填在题中横线上)11.工艺扇面是中国书画的一种常见表现形式.高一某班级想用布料制作一面如图所示的扇面,参加元旦晚会.已知此扇面的中心角为π3,外圆半径为60cm ,内圆半径为30cm ,则制作这样一面扇面需要的布料为________cm 2.答案 450π解析 由扇形的面积公式,知制作这样一面扇面需要的布料为12×π3×60×60-12×π3×30×30=450π(cm 2).12.(2018·浙江省名校协作体考试)已知tan ⎝ ⎛⎭⎪⎫π4+α=3,则tan α=________,cos2α=________. 答案 12 35解析 由tan ⎝ ⎛⎭⎪⎫π4+α=1+tan α1-tan α=3,解得tan α=12,所以cos2α=cos 2α-sin 2αcos 2α+sin 2α=1-tan 2α1+tan 2α=35. 13.(2019·衢州模拟)设函数f (x )=2sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2x +π4,则函数f (x )的最小正周期为__________,单调递增区间为________________________. 答案 π ⎣⎢⎡⎦⎥⎤-3π8+k π,π8+k π,k ∈Z解析 函数f (x )的最小正周期为2π2=π,由2x +π4∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤-π2+2k π,π2+2k π,k ∈Z 得 x ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤-3π8+k π,π8+k π,k ∈Z , 即单调递增区间为⎣⎢⎡⎦⎥⎤-3π8+k π,π8+k π,k ∈Z .14.在△ABC 中,内角A ,B ,C 所对的边分别为a ,b ,c .若2cos A (b cos C +c cos B )=a =13,△ABC 的面积为33,则A =________,b +c =________. 答案π37 解析 方法一 由正弦定理得, 2cos A (sin B cos C +sin C cos B )=sin A , 所以2cos A sin(B +C )=sin A , 在△ABC 中,B +C =π-A ,所以sin(B +C )=sin A >0,所以cos A =12,又A ∈(0,π),所以A =π3.因为S △ABC =12bc sin A =34bc =33,所以bc =12,由a 2=b 2+c 2-2bc cos A =b 2+c 2-bc =(b +c )2-3bc , 所以13=(b +c )2-36,即(b +c )2=49,故b +c =7. 方法二 过A 作AD ⊥BC 于D , 在Rt△ADB 中,BD =c cos B , 在Rt△ADC 中,DC =b cos C , 所以BD +DC =c cos B +b cos C =a ,代入2cos A (b cos C +c cos B )=a ,化简得cos A =12,又A ∈(0,π),所以A =π3.因为S △ABC =12bc sin A =34bc =33,所以bc =12,由a 2=b 2+c 2-2bc cos A =b 2+c 2-bc =(b +c )2-3bc , 所以13=(b +c )2-36, 即(b +c )2=49,故b +c =7.15.我国古代数学家秦九韶在《数学九章》系统地总结和发展了高次方程数值解法和一次同余组解法,提出了相当完备的“正负开方术”和“大衍求一术”,代表了当时世界数学的最高水平.其中他还创造使用了“三斜求积术”(给出了三角形三边求三角形面积公式S =14⎣⎢⎡⎦⎥⎤c 2a 2-⎝ ⎛⎭⎪⎫c 2+a 2-b 222),这种方法对现在还具有很大的意义和作用.在△ABC 中,AB =13,BC =14,AC =15,D 在AC 上,且BD 平分∠ABC ,则△ABC 面积是________;BD =________.答案 8428139解析 方法一 将已知数据代入公式,得S △ABC =84. ∵BD 平分∠ABC ,∴AB BC =AD CD =1314,BD →=BA →+AD →=BA →+1327AC →=BA →+1327(BC →-BA →)=1427BA →+1327BC →,cos∠ABC =132+142-1522×13×14=513, ∴BD →2=⎝ ⎛⎭⎪⎫1427BA →+1327BC →2=132×142×2272+2×142×13×5272=13×142×36272, ∴BD =28139.方法二 ∵cos∠ABC =132+142-1522×13×14=513,cos∠BAC =132+152-1422×13×15=3365,cos∠ABD =cos ⎝ ⎛⎭⎪⎫12∠ABC =1+5132=913, ∴sin∠ABC =1213,sin∠BAC =5665,sin∠ABD =413, ∴S △ABC =12AB ·BC sin∠ABC =84,BD =AB sin∠BAC sin∠BDA =AB sin∠BAC sin (∠BAC +∠ABD )=AB sin∠BACsin∠BAC cos∠ABD +sin∠ABD cos∠BAC=13×56655665913+3365413=28139.16.函数y =sin(πx +φ)(φ>0)的部分图象如图所示,设P 是图象的最高点,A ,B 是图象与x 轴的交点,记∠APB =θ,则sin2θ=________.答案1665解析 由题意知函数y =sin(πx +φ)的最小正周期为T =2ππ=2,过点P 作PQ 垂直x 轴于点Q (图略),则tan∠APQ =T41=12,tan∠BPQ =34T1=32,tan θ=tan(∠APQ +∠BPQ )=8,故sin2θ=2sin θcos θ=2sin θcos θsin 2θ+cos 2θ=2tan θtan 2θ+1=1665. 17.已知函数f (x )=32sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫x +π6-12cos ⎝⎛⎭⎪⎫x +π6,若存在x 1,x 2,…,x n 满足0≤x 1<x 2<…<x n ≤6π,且|f (x 1)-f (x 2)|+|f (x 2)-f (x 3)|+…+|f (x n -1)-f (x n )|=12(n ≥2,n ∈N *),则n 的最小值为________.答案 8 解析 f (x )=32sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫x +π6-12cos ⎝ ⎛⎭⎪⎫x +π6=sin ⎝⎛⎭⎪⎫x +π6-π6=sin x .由y =sin x 的图象知,对x i ,x i +1(i =1,2,3,…,n )有|f (x i )-f (x i +1)|max =f (x )max -f (x )min =2,则要使n 取得最小值,应尽可能多的使x i (i =1,2,3,…,n )取得极值点,所以在区间[0,6π]上,当x i 的值分别为x 1=0,x 2=π2,x 3=3π2,x 4=5π2,x 5=7π2,x 6=9π2,x 7=11π2,x 8=6π时,n 取得最小值8.三、解答题(本大题共5小题,共74分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤) 18.(14分)已知cos α=17,cos(α-β)=1314,且0<β<α<π2.(1)求tan2α的值; (2)求β.解 (1)由cos α=17,0<α<π2,得sin α=1-cos 2α=1-⎝ ⎛⎭⎪⎫172=437,∴tan α=sin αcos α=437×71=43,∴tan2α=2tan α1-tan 2α=2×431-(43)2=-8347. (2)由0<β<α<π2,得0<α-β<π2,又cos(α-β)=1314,∴sin(α-β)=1-cos 2(α-β)=1-⎝ ⎛⎭⎪⎫13142=3314. 由β=α-(α-β),得cos β=cos[α-(α-β)] =cos αcos(α-β)+sin αsin(α-β) =17×1314+437×3314=12,∴β=π3.19.(15分)已知函数f (x )=22sin ⎝⎛⎭⎪⎫2x +π4+sin 2x .(1)求函数f (x )的最小正周期;(2)若对任意x ∈R ,有g (x )=f ⎝ ⎛⎭⎪⎫x +π6,求函数g (x )在⎣⎢⎡⎦⎥⎤-π6,π2上的值域. 解 (1)f (x )=22sin ⎝⎛⎭⎪⎫2x +π4+sin 2x=22⎝ ⎛⎭⎪⎫22sin2x +22cos2x +sin 2x =12sin2x +12cos2x +sin 2x =12sin2x +cos 2x -12+sin 2x =12sin2x +1-12=12sin2x +12, 故函数f (x )的最小正周期T =2π2=π.(2)由(1)知f (x )=12sin2x +12.∵对任意x ∈R ,有g (x )=f ⎝⎛⎭⎪⎫x +π6,∴g (x )=12sin2⎝ ⎛⎭⎪⎫x +π6+12=12sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2x +π3+12,当x ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤-π6,π2时,2x +π3∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤0,4π3,则-32≤sin ⎝⎛⎭⎪⎫2x +π3≤1,∴-32×12+12≤g (x )≤12+12,即2-34≤g (x )≤1. 故函数g (x )在⎣⎢⎡⎦⎥⎤-π6,π2上的值域为⎣⎢⎡⎦⎥⎤2-34,1.20.(15分)在△ABC 中,角A ,B ,C 所对的边分别为a ,b ,c ,且满足cos2A -cos2B =2cos ⎝ ⎛⎭⎪⎫π6-A cos ⎝ ⎛⎭⎪⎫π6+A .(1)求角B 的值;(2)若b =3,且b ≤a ,求a -c2的取值范围.解 (1)由cos2A -cos2B =2cos ⎝ ⎛⎭⎪⎫π6-A cos ⎝ ⎛⎭⎪⎫π6+A ,得2sin 2B -2sin 2A =2⎝ ⎛⎭⎪⎫34cos 2A -14sin 2A ,则sin B =32, 因为0<B <π,所以B =π3或2π3.(2)因为b ≤a ,所以B =π3,由正弦定理a sin A =c sin C =b sin B =332=2,得a =2sin A ,c =2sin C .所以a -c 2=2sin A -sin C =2sin A -sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2π3-A=32sin A -32cos A =3sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫A -π6.又b ≤a ,所以π3≤A <2π3,则π6≤A -π6<π2,所以32≤3sin ⎝⎛⎭⎪⎫A -π6<3,所以a -c 2∈⎣⎢⎡⎭⎪⎫32,3.21.(15分)已知在锐角三角形ABC 中,角A ,B ,C 所对的边分别为a ,b ,c ,a 2+b 2=6ab cos C ,且sin 2C =23sin A sin B . (1)求角C 的值;(2)设函数f (x )=sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫ωx +π6+cos ωx (ω>0),且f (x )的图象上两相邻的最高点之间的距离为π,求f (A )的取值范围. 解 (1)因为a 2+b 2=6ab cos C , 由余弦定理知a 2+b 2=c 2+2ab cos C ,所以cos C =c 24ab.又sin 2C =23sin A sin B ,由正弦定理得c 2=23ab ,所以cos C =c 24ab =23ab 4ab =32,又C ∈(0,π),所以C =π6.(2)f (x )=sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫ωx +π6+cos ωx =3sin ⎝⎛⎭⎪⎫ωx +π3, 则最小正周期T =2πω=π,解得ω=2, 所以f (x )=3sin ⎝⎛⎭⎪⎫2x +π3. 因为C =π6,B =5π6-A , 则⎩⎪⎨⎪⎧ 0<A <π2,0<5π6-A <π2,解得π3<A <π2, 所以π<2A +π3<4π3, 则-32<f (A )<0. 所以f (A )的取值范围是⎝ ⎛⎭⎪⎫-32,0. 22.(15分)已知函数f (x )=sin ⎝⎛⎭⎪⎫2x +π6+2sin 2x . (1)求函数f (x )的最小正周期;(2)确定函数f (x )在[0,π]上的单调性;(3)在△ABC 中,a ,b ,c 分别是内角A ,B ,C 的对边,若f ⎝ ⎛⎭⎪⎫A 2=32,b +c =7,△ABC 的面积为23,求边a 的长.解 (1)f (x )=sin2x cos π6+cos2x sin π6+1-cos2x =sin ⎝⎛⎭⎪⎫2x -π6+1, ∴f (x )的最小正周期T =2π2=π. (2)令2k π+π2≤2x -π6≤2k π+3π2(k ∈Z ), 解得k π+π3≤x ≤k π+5π6(k ∈Z ), ∴f (x )的单调递减区间是⎣⎢⎡⎦⎥⎤k π+π3,k π+5π6(k ∈Z ). 同理f (x )的单调递增区间为⎣⎢⎡⎦⎥⎤k π-π6,k π+π3,k ∈Z , 故f (x )在⎣⎢⎡⎦⎥⎤π3,5π6上为减函数,在⎣⎢⎡⎦⎥⎤0,π3和⎣⎢⎡⎦⎥⎤5π6,π上为增函数. (3)∵f (x )=sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2x -π6+1,f ⎝ ⎛⎭⎪⎫A 2=32, ∴sin ⎝⎛⎭⎪⎫A -π6=12,又-π6<A -π6<5π6,∴A =π3. ∵△ABC 的面积为23,∴12bc sin π3=23,解得bc =8. ∵b +c =7,∴a 2=b 2+c 2-2bc cos π3=(b +c )2-3bc =25, ∴a =5.。

2020版高考数学(浙江专用)一轮总复习检测:4.2 三角函数的图象与性质 Word版含解析

2020版高考数学(浙江专用)一轮总复习检测:4.2 三角函数的图象与性质 Word版含解析

( ) ( ) 5π 7π
知函数图象经过点
P
,2 12
,Q
6 ,0 ,则 ω= ;φ= .
答案 2;-
考点二 三角函数的性质及其应用
| | 1
1.(2018 浙江杭州地区重点中学第一学期期中,3)函数 f(x)= - sin2x 的最小正周期是( ) 2
分图象如图所示.
(1)求 f(x)的解析式;
[ ]π
(2)设函数 g(x)=f(x)+4sin2x,x∈ 0, ,求 g(x)的值域. 2
( ) 7π π
解析 (1)由题图得 A=2,最小正周期 T=4× 12 - 3 =π, 所以 ω=2,(4 分)
又由 2·+φ=+2kπ(k∈Z),得 φ=-+2kπ(k∈Z),
( )π
由题意知 g(x)=f(x+φ)=2sin 2������ + 2������ + . 6
设 y=g(x)的图象上符合题意的最高点为(x0,2), 由题意知������20+1=1,所以 x0=0,
即到点(0,3)的距离为 1 的最高点为(0,2).
( )π
将其代入 y=g(x)得 sin 2������ + 6 =1,
( )π
π
(2018 天津文,6,5 分)将函数 y=sin 2������ + 5 的图象向右平移10个单位长度,所得图象对应的函数( )
[ ]π π
A.在区间
-
, 44
上单调递增
[ ]π
B.在区间 - ,0 上单调递减 4
[ ]π π
C.在区间
, 42
上单调递增
[ ]π

2020年浙江高考数学一轮复习:板块命题点专练(六)三角函数的诱导公式及图象与性质

2020年浙江高考数学一轮复习:板块命题点专练(六)三角函数的诱导公式及图象与性质

板块命题点专练(六)三角函数的诱导公式及图象与性质2有两点 A(1, a), B(2, b),且 cos 2a = 3,则 |a — b|=()3解析:选 B 由 cos 2a = 2,得 cos 2 a — Si 『a= §,即 2;—^ =±55,A|a —灿二*5•故选 B.2. (2013 浙江高考)已知 a€ R, sin a+ 2cos a=—,贝卩 tan 2 a=( 4A ・3 C . -3D. -3解析:选C两边平方,再同时除以 cos ? a ,得3tan 2 a — 8tan a — 3= 0,tan a= 3或tana=— 1,代入 tan 2 a= 2tan 2,得至U tan 2 a=—壬 3 1 — tan a43. (2018浙江高考)已知角a 的顶点与原点 O 重合,始边与x 轴的非负半轴重合,它的 终边过点P -3,—;.(1) 求 sin(a+ n 的值;(2) 若角B 满足Sin(a+ 3 =寻,求cos B 的值. 解:⑴由角a 的终边过点P —3,— 3,命题点冋角三角函数的基本关系及诱导公式1. (2018全国卷I )已知角a 的顶点为坐标原点,始边与 x 轴的非负半轴重合,终边上 2 ・2 cos a — Sin a 2 . sin 2= 2,即 1 亠:豊 a 3,- tan a= ¥ cos a+ sin a 31 + tan a 35得 cos a= — 3.5得sin a=— 45.所以 sin( a+ n )— sin a=45. ⑵由角a 的终边过点p -3,5 12由 sin(a+ 3 = 13,得 cos(a + 3)= ±3.13 13 由 3= ( a+ 3— a,得 cos 3= cos(a + ®cos a+ sin( a+ ®sin a, 所以 cos 3=- 56或 cos 3= 16. 65 65 命题点二 三角函数的图象与性质tan x1. (2018全国卷川)函数f (x )= 二~厂的最小正周期为()1 十 tan x nA — A.4sin xsin x解析:选C由已知得 f(x)=tan x2~1 + tan xcosxcosx 1 2 厂=sin x cos x =-sin cos x + sin x 2cosx2 n2x ,所以f (x )的最小正周期为 T = = n.2. (2018天津高考)将函数y = sin[2x +亍丿的图象向右平移 所得图象对应 的函数()A .在区间B .在区间C .在区间上5513一单调递D .在区间丰2n 上单调递减解析:选A 将函数y = sin2x +;的图象向右平移 10个单位长度,得到函数 y = sin 2x -说 +;= sin 2x 的图象,则函数y = sin 2x 的一个单调递增区间为一个[5 n 7 n—,"4 .由此可判断选项 A 正确.3. (2016全国卷n )函数y = Asin (3x+妨的部分图象如图所示,贝U( )• a 的最大值是n. 41 COS35解析:选 B T f(x)= 2cos 2x — sin 2x + 2 = 1 + cos 2x — 2 + 2=?cos 2x+?, - f(x)的最小正周期为 n,最大值为4.故选B.2 2(2018 全国卷 I )已知函数 f(x)= 2cosx — sin x + 2,贝U ()A . y = 2sinB . y = 2sin 2x —扌I n IC . y = 2sin x + 石D . y = 2sin x +解析:选A 由图象知2 = nn 〕=n 故T = n 因此3= 2n= 2.又图象的一个最高n点坐标为in ,2 ]所以A = 2,且2X 扌+ 0= 2k n+n(k € Z ),故%0= 2k n- 6(k € Z ),结合选项可知 y = 2sin 2x —6 .故选 A.4. (2018全国卷n )若f(x) = cosx — sin x 在[—a , a ]是减函数,则 a 的最大值是(7tB. 23 n C. 3n解析:选 A f(x)= cosx — sin x =— 2sin xn 「4,函数y = sin x —n 单调递增,•••函数 f(x)在[-a , a ]是减函数,n n2,2n 「4, 3n • O v a w n , 45.B .f(x)的最小正周期为 n 最大值为3f(x)的最小正周期为n 最大值为4 f(x)的最小正周期为2 n 最大值为3 f(x)的最小正周期为2 n 最大值为46. (2018江苏高考)已知函数y= sin(2x +妨一釘 X寸的图象关于直线x=n对称,则••• 2n + 0= k n+ 扌,k € Z ,0 n 0=—6.答案:—n 67. (2016 浙江高考)已知 2cosx + sin 2x =Asin@x + 0 + b(A >0),贝U A =22cos x + sin 2x = 1 + cos 2x + sinAsin( cox+ 0+ b ,•- A = . 2, b = 1. 答案:218. (2018北京高考)设函数f(x) = cos 冷x —訂(3> 0).若f (x )w ff,对任意的实数 x 都成 立,贝y 3的最小值为 _________ .解析: ••• f(X)W f -对任意的实数x 都成立, •••当x =亍时,f(x)取得最大值,即f 4 = cos 4 3—;=1, n n •<7w— ~= 2k n, k € Z ,462• - 3= 8k + 3, k € Z .解析: 解析: 由题意得f 3 =0€ n , 2x = 1 + 2sin 2x + 才,_23sin 2x + ~cos 2x =— 2sin 2x + g ,⑵由(1)知 f(x) = — 2sin 2x +g . 则f(x)的最小正周期是 n.由正弦函数的性质 令2+2k 曲2x +『牛2k .,k€ z,解得g + k nwx w 的k 罵k €Z ,10. (2018 北京高考)已知函数 f(x) = sin 2x + 3sin xcosx.(1)求f(x)的最小正周期;解:(1)因为 f(x) = sin 2x + 3sin xcosx=2 — 1cos 2x + -^sin 2x所以f(x)的最小正周期为 T =千 n.n 由题意知一x w m ,5 n所以-T 2x —孑2m—g.所以2m —n >n,即m6 23所以m 的最小值为;.23> 0,二当k = 0时,3取得最小值孑答案:29. (2017 浙江高考)已知函数 f(x)= sin 2x — cosx — 2 .故f—2sin6=— 2sin = 2.=-2所以f(x)的单调递增区间是 n+ k n, ?+ k n6 3⑵若f(x)在区间7t—一,m.3, 的最大值为 2,求m 的最小值.(2)由(1)知 f(x) = sin要使f(x)在区间7t—一,m -3的最大值为即sin 2x — n 在区间 7t「3,m的最大值为1,=sin 12, 1 2.3sin xcosx(x€ R).(1)求f 2n的值;(2)求f(x)的最小正周期及单调递增区间.解:(1)由题意,f(x) =—cos 2x—. 3sin 2x。

(浙江专版)2020年高考数学一轮复习 专题4.4 三角函数图象与性质(测)

(浙江专版)2020年高考数学一轮复习 专题4.4 三角函数图象与性质(测)

第04节 三角函数图象与性质班级__________ 姓名_____________ 学号___________ 得分__________一、选择题:本大题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.【2018届江西师范大学附属中学三模】已知集合,则( ) A.B.C.D.【答案】A2.【2019届四川省成都市摸底】“”是“函数的图象关于直线对称”的( )A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件 【答案】A 【解析】分析:由能否推出函数图象关于直线对称,反过来看是否成立,由充分必要条件的定义,得出正确的结论. 详解:当时,,,所以是函数的对称轴;令,,,,当时,,当取值不同时,的值也在发生变化.综上,是函数图象关于直线对称的充分不必要条件.选A.3.【2017届浙江省杭州市第二中学5月仿真】已知函数sin y x =与()cos 2(02)y x ϕϕπ=+<≤,它们的图像有一个横坐标为3π的交点,则ϕ的一个可能的取值为( ) A. 76π B. 3π C. 56π D. 116π【解析】由题意,交点为3π⎛ ⎝⎭,所以2cos 3πϕ⎛⎫+=⎪⎝⎭, 所以2236k ππϕπ+=+或26k ππ-+, 所以一个可能的取值为76π,故选A.4.【2018届新疆维吾尔自治区乌鲁木齐地区5月训练】函数的部分图象如图所示,则其解析式可以是( )A. B. C. D.【答案】A【解析】分析:根据图象求得和周期,然后根据周期求得的值,最后根据代点法求得,从而可得函数的解析式. 详解:由图象可得,所以,故,∴.又点在函数的图象上,∴,∴,∴,∴,∴.5.【2018届福建省龙岩市4月模拟】如果函数的图象关于直线对称,那么该函数的最大值为()A. B. 2 C. D. 3【答案】B【解析】分析:将函数进行化简,结合三角函数的图象与性质,即可得到答案.详解:由,由正弦函数的对称轴方程为,又因为图象关于对称,即可得,当时,,因为,所以,即,所以的最大值为,故选B.6.【2018届江西省南昌市二模】如图,已知函数()的部分图象与轴的一个交点为,与轴的一个交点为,那么()A. B. C. D.【答案】D【解析】试题分析:由特殊点的坐标求出φ,再根据五点法作图求出ω,可得函数的解析式;再根据定积分的意义,以及定积分的计算公式,求出弧线AB与两坐标所围成图形的面积.详解:如图,根据函数f(x)=cos(ωx+φ)(ω>0,﹣φ<0)的部分图象与y轴的交点为B(0,),可得cosφ=,∴cosφ=,∴φ=﹣.根据函数的图象x轴的一个交点为A(﹣,0),结合五点法作图可得ω•(﹣)﹣=﹣,∴ω=2,∴函数f(x)=cos(2x﹣).故.7.【2018届福建省厦门市第二次质量检查】函数的周期为,,在上单调递减,则的一个可能值为()A. B. C. D.【答案】D【解析】分析:由函数的周期为,求得,由结合在上单调递减,即可得结果.详解:由函数的周期为,得,,,或,令,或,,在不是单调函数,不合题意,故,故选D.8.【2018届河北省唐山市三模】已知函数的图象与轴相切,则()A. B. C. D.【答案】B9.【2018届江西省景德镇市第一中学等盟校第二次联考】已知函数是上的偶函数,且图像关于直线对称,且在区间上是单调函数,则()A. B. C. 或 D.【答案】D【解析】分析:由函数是上的偶函数,求得,由图象关于直线对称,且在区间上是单调函数,求得.详解:在上是偶函数,,,图象关于对称,,又在上是单调函数,,只有时,符合题意,故选D.10.【2018届河北省衡水中学第十七次模拟】设函数.若,且,则的取值范围为()A. B. C. D.【答案】B【解析】分析:采用取特殊值的方法求解,画出函数的图象,根据图象找到使得且的的值,并由此得到所求的范围.详解:(特殊值法)画出的图象如图所示.结合图象可得,当时,;当时,,满足.由此可得当,且时,.故选B .二、填空题:本大题共7小题,共36分. 11.【2018年北京卷理】设函数f (x )=,若对任意的实数x 都成立,则ω的最小值为__________. 【答案】12.【2018届浙江省镇海中学上期中】函数()2sin sin cos 1f x x x x =++的最小正周期是__________,单调递增区间是__________. 【答案】 π 3,88k k ππππ⎛⎫-+⎪⎝⎭, ()k Z ∈【解析】()21223sin sin cos 11222242cos x sin x f x x x x x π-⎛⎫=++=++=-+ ⎪⎝⎭.最小正周期2Tπ2π==.令π222,242k x k k Zππππ-+<-<+∈,解得π3,88k x k k Zπππ-+<<+∈.所以单调递增区间是3,88k kππππ⎛⎫-+⎪⎝⎭,()k Z∈.13.【2018届浙江省诸暨市高三上期末】如图是函数的部分图象,已知函数图象经过点两点,则__________;__________.【答案】 214.【2018届江苏省南通市最后一卷】函数在上的部分图象如图所示,则的值为__________.【解析】分析:由函数的最值求出,由周期求出,由五点法作图求出的值,从而可得函数的解析式,再利用诱导公式得.详解:,时,,又,,,故答案为.15.【2019届四川省成都市第七中学零诊】已知函数,,是函数图象上相邻的最高点和最低点,若,则__________.【答案】1【解析】分析:根据勾股定理可得,求得,,从而可得函数解析式,进而可得结果.详解:令的最小正周期为,由,可得,由是函数图象上相邻的最高点和最低点,若,则由勾股定理可得,即,解得,故,可得,,故,故答案为.16.【2018届四川省双流中学考前二模】已知函数,),若对于恒成立,的一个零点为,且在区间上不是单调函数,则的最小值为______________.【解析】试题分析:根据条件对于恒成立可得到函数在处取得最大值,的一个零点为,可列出解得w的范围即可.17.【2018届吉林省吉大附中四模】已知定义域为的函数既是奇函数,又是周期为3的周期函数,当时,,则函数在区间上的零点个数是__________.【答案】9【解析】分析:根据定义域为R和奇函数的定义可得,利用周期为3和时,可画出函数图像,根据图像判定零点个数.详解:因为函数定义域为R,周期为3,所以如图所示,画出函数的函数图像,由图像可知在上的零点为所以共有9个零点三、解答题:本大题共5小题,共74分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.18.【2018届浙江省嘉兴市高三上期末】已知函数的部分图象如图所示.(1)求的解析式;(2)设函数,求的值域.【答案】(1);(2).【解析】试题分析:(1)先根据最高点得振幅,再根据四分之一个周期求,最后代入最值点求(2)先根据二倍角公式以及配角公式将函数化为基本三角函数,再根据正弦函数性质求值域试题解析:(Ⅰ)由图象得周期,所以;又由,得;所以.(Ⅱ),因为,,,所以的值域为.19.【2018年天津市河西区三模】已知函数.(1)求函数的最小正周期和对称轴方程;(2)讨论函数在上的单调性.【答案】(1)最小正周期,对称轴方程为,;(2)在区间上单调递增;在区间上单调递减.【解析】分析:(1)利用二倍角公式、两角和的余弦公式化简函数表达式,再利用周期公式和整体思想进行求解;(2)利用整体思想和三角函数的单调性进行求解.详解:(1),因为,所以最小正周期,令,所以对称轴方程为,.20.【2018届北京市人大附中5月三模】若函数的部分图象如图所示,求(Ⅰ)和;(Ⅱ)在区间上的取值范围.【答案】(Ⅰ);.(Ⅱ).【解析】分析:(Ⅰ)由题意结合三角函数的周期可得,结合点的坐标可得.(Ⅱ)由题意可得,结合三角函数的性质可知在区间上的取值范围为.详解:(Ⅰ),又,∴,∵,,∴的图象过点,∴,又,∴.(Ⅱ),∵,∴,即在区间上的取值范围为.21.【2018届北京市海淀区二模】如图,已知函数()在一个周期内的图象经过,,三点.(Ⅰ)写的值;(Ⅱ)若,且,求的值.【答案】(Ⅰ),,;(Ⅱ).【解析】分析:(Ⅰ)根据题意列出关于的三个方程,解方程即得的值.( Ⅱ)先根据,且求出的值,再求的值.(Ⅱ)由(Ⅰ)得,.因为,所以.因为,所以.所以,所以,所以.22.【腾远2018年(浙江卷)红卷】已知函数.(1)求的值;(2)当时,求函数的取值范围.【答案】(1)1;(2).【解析】分析:(1)由三角恒等变换的公式化简得,即可求解的值;(2)由(1)得,当时,得,即可求解的取值范围. 详解:(1),(2)由(1)得,当时,,则,即的取值范围为.。

2020年浙江高考数学一轮复习课堂测试:函数y=Asin(ωx+φ)的图象及三角函数模型的简单应用

2020年浙江高考数学一轮复习课堂测试:函数y=Asin(ωx+φ)的图象及三角函数模型的简单应用

课时跟踪检测(二十三) 函数y = Asin ( 3汁0的图象及三角函数模型的简单应用一抓基础,多练小题做到眼疾手快1 .已知 f (x ) = sin 2x + _3cos 2x ,在直角坐标系下利用"五点法”作f(x)= 3sin x— 4 , x € R 的最小正周期为 nA・n2 n 解析:选D 最小正周期为T == 4 n. 1 2除C ,故选A. 4. (2019东阳模拟)为了得到函数 y = cos 2x 的图象,可以将函数 y = singx —总的图象f (x )在区间的图象,应描出的关键点的横坐标依次是(n2,B .n 3, n 3,jt 6’ 12' n n 7 n 2 n 12, 33' 解析:n 3,0,扌,n, 3n2 ,C 由题意知f(x)= 2sin 2x + 3,当 x €3, 0,2‘ n, 3n, 521时,x 的值分别为一n 3,n6,12 n 3' 12' 3.2.函数 7t匚2, n1nr\J 卄1 JJ咼'j o \/nx解析:选 A 令 x = 0,得 y = sin — f =— ?n3,n3,,2x +京n3.函数 y = sin区间的简图是 ()A .向右平移 个单位长度解析:选D T y = sin(- x)2= sin x 2,「.函数为偶函数,可排除 A 项和C 项;当x = ±,y = sin x 2= 1,而寸,且 y = sin-4< 1,故 D 项正确.—保咼考,全练题型做到咼考达标h(x) = cos2x + ;的图象,只需将y = f(x)的图象向左平移丁个单位长度即可.2.已知函数f(x)= sin (3x+ 0) 3>0, |训<2的最小正周期是 n 若将f(x)的图象向右B .向右平移个单位长度C .向左平移 个单位长度D .向左平移 个单位长度解析:选D因为 y = cos 2x = sin 2x + 扌= sin 2 x +才,所以为了得到函数y = cos 2x—n =sin 2 x —n 的图象向左平移 5. (2016浙江高考)函数y = sin x 2的图象是(的图象,只需将函数 y = sin移 个单位长度即可.1. (2018金华十校联考)已知函数f(x)= sin 3x+亍(x € R , 3> 0)与 g(x)= cos(2x + 妨的对称轴x+亍的图象,只需将函数y = f(x)的图象( )A .向左平移 n 个单位长度4 B .向右平移 n 个单位长度4 C .向左平移 n个单位长度 D .向右平移 n 个单位长度 解析:选A 因为两函数的对称轴完全相所以两函数的周期一致, 由此可得3= 2,h(x)= cos 2x + n ,且 cos 2x + n = sin 为了得到函数h(x)= 则 f(x) = sinn , ,所以为了得到in 2 x +nA .关于直线x=石对称B .关于直线x= 对称C •关于点D .关于点5n o对称解析:选B •/ f(x)的最小正周期为n3= 2,• f(x)的图象向右平移扌个单位后得到g(x)= sin 2$ —$ = sin 2x —¥+ $ 的图象, 又g(x)的图象关于原点对称,1k n,k€乙$= 2^+ k n, k € Z,3f(x)= sin 2x — n .当x =右时,2x—n=—才••• A , C错误;当x =时,2x3. (2019潍坊统一考试)函数y= . 3sin 2x—cos 2x的图象向右平移 $ 0< X长度后,得到函数g(x)的图象,若函数g(x)为偶函数,贝y 0的值为(n A —A.12n B.nn C・nn D. n解析:选B由题意知y= ,3sin 2x—cos 2x = 2sin 2x—n,其图象向右平移$个单位长度后,得到函数g(x)= 2sin 2x—2 的图象,因为g(x)为偶函数,所以2(j)+才=寸+ kn, k€ z,所以$=才+ k n,M z,又因为能o, n,所以$=n4.函数f(x)= sin(3x+0(x€ R) 3>0 , |训<肓的部分图象如图所示,如果单位, 3,且f(X1)= f(X2),则f(X1 + X2)=( 66解析:选 B 由图可知,2 =n3= 2,7t …_ 一+ 一f 6 3 又•••B .n = n ,n 3 n 2 一 = 12,二f(x)的图象过点 即 sin 2X ;n + © = 1,得 ©= n,• f(x)= sin 2x + n .W nX 1+x 2= — 6 +3=6, ••• f(X i + X 2)= f nn n2 n3 6 =sin2x 6+3 =sin §=!"•7t5.若函数f(x)= 2sin 3xXo>0)在(0,2上恰有两个极大值和一个极小值,则 范围是( )3的取值3 4 B.4,5C.3 5 D . 3, 5解析:选A 因为函数f(x)在(0,2 n 上恰有两个极大值和一个极小值,所以由正弦函数的图象可得;T < 2 nW 即5弐 4 4 4 3V 2 nW 7 弐,解得 5< 3 w 7.4 3 4 4 6. (2019丽水模拟)已知函数f(x) = ,3cos 2x — sin 2x ,则下列结论中正确的序号是① 函数f(x)的图象关于直线x = 对称; ② 函数f(x)的图象关于点 2-n, 0对称; ③ 函数f(x)在区间右,5n 上是增函数; ④将y = 2sin 2x 的图象向右平移 芦个单位长度可以得到函数f(x)的图象.⑵求函数f(x)在区间0,的最值,并求出相应的 x 值.解析:f(x) = 3cos 2x — sin 2x =— 2sin 2x — n. 令2x — n= k n+n, k € Z ,得x = k n+ 5n , k € Z ,当k = 1时,函数f(x)的图象的对称轴 方程为x =寺 所以①正确;令2x —n= k n k € Z ,得x = k n+n ,k € Z ,所以当k = 1时,函数f(x)的图象的对称中3 2 6心是2n,o ,所以②正确;由 2k n —n< 2x ―詐 2k n+f, k € Z ,得 k n — x < k n+ 密,k € Z ,所以当 k = 0 时,2 3 2 12 12函数f(x)的单调递减区间为「- W ,告1,所以③错误;将函数y = 2sin 2x 的图象向右平移£个 单位长度可以得到函数y = 2sin 2x —扌的图象,所以④错误•所以正确的序号是①②答案:①②则f(x)的值域是3sin 2x — n ,— _w f(x)w 3. 28.已知角$的终边经过点 P( — 4,3),函数f(x)= sin (ox+枷o>0)的图象的相邻两条 对称轴之间的距离等于 n则 可'的值为 _______________________ .解析:由角0的终边经过点P(— 4,3),可得cos $= — 4 , sin (j )= ?.5 5 根据函数f(x)= Sin(ox+枷3>0)的图象的相邻两条对称轴之间的距离等于 可得周期为2n= 2xf ,解得o= 2 ,o 2• f(x)= sin(2x + 0 ,• fsin n+ $ = cos 片-;.7.已知函数f(x)= 3sin cox—o> 0)和g(x) = 3cos(2x +册的图象完全相同,若 x €解析:f(x) =ox-n= 3cos23cos ox —于,易知 o= 2,贝U f(x)=ox —■/ x €答案:::;.3sin 2 3x- sin wx cos 3x ( 3>0), 且y = f(x)图象的一个对称中心⑴求3的值;解:(1)f(x)^ ~23 — 3sin 2 3x- sin 3 x 0s 3x '■-J 31 — cos 2w x 1=~2 — 3 2 — Qsin 2 3x 3 1=丁 cos 23X - ?sin 23X=-sin 2wx-.因为图象的一个对称中心到最近的对称轴的距离为又3> 0,所以3= 1. (2)由(1)知 f(x) = - sin当nW x <竽时,象如图所示.(1)求函数f(x)的解析式;答案:-45 到最近的对称轴的距离为n4.9.设函数f(x) =23⑵求f(x)在区间 所以一~23< sin-n 1.因此一1W f(x)三于,故f(x)在区间 10. (2019杭州二中模拟)已知函数 f(x)= Asin(»+妨 1.A >0, 3>0, |^|v n的部分图的最大值和最小n, 的最大值和最小值分别为 n⑵求函数f(x)在区间0,的最值,并求出相应的 x 值.2 n解:⑴由图象可知, A = 2, T = n=—,所以3= 2. co 所以 f(x)= 2sin(2x + 妨,因为 f 3 = 2sin 手 + $ = 2, | 0<扌, 所以£所以 f(x)= 2sin 2x — f .(2)因为x € 0,器]所以2x —器—n斜 所以 f(x)= 2sin[2x —訂€ [ — 1,2].所以当 2x — n= n ,即 x = n 时,f(X)max = f n= 2;当 2x — n=— £ 即 x = 0 时,f(x)min = f(0) = — 1.6 6 三上台阶,自主选做志在冲刺名校1. (2016 全国卷 I )已知函数 f(x) = sin(ox+ 妨(o>0,|$, x = — f 为 f(x)的零点,x y = f(x)图象的对称轴,且f(x)在 18,詁上单调,贝Uo 的最大值为()B . 9解析:选B 由题意得n4®+ $= k 1 n, k 1 € Z , n n . rI 4o + $= k 2 n+ , k 2 € Z ,则 o= 2k + 1, k € Z , $= 4或或 $=2.已知函数 f(x) = 2sin?x +n I, g(x)= mcos?x —才)—2m + 3(m > 0),若对?捲 € 0,;n4.n , f(x)在区间土 啬話上单调;9,则$= ^,此时f(x)= sin [9x +才)满足f(x)在区间若 o= 11,贝U $=—:,此时 f(x) = sin 11x — 间2:,36n 上单调递减,不满足f(x)在区间18,岩」上单调递增,在区益,器上单调递减,故选 B? x 2€ 0, n解析:当x € 0, ,使得g (x 1)= f(X 2)成立,则实数 m 的取值范围是:时,2x +n €n 5 n ・ns ,石,sin2x + n4-解得 1 w m w 3,即 m € 1,23. (2018浙江名校协作体考试 )已知函数f(x)= sin wx cos wx+ cos wx ( w>0)的最小正周 期为n.(1)求w 的值;1⑵将函数y = f(x)的图象上各点的横坐标缩短到原来的?(纵坐标不变),得到函数y = ax)解:(1)f(x)= 2sin 2wx+ 1 + c<os 2wx因为T = ~ = n所以w= 1.2 w(2)因为 f(x)=¥sin[x + 才)+ 2, 所以 g(x)=-^sin 4x +的图象,求函数y = g(x)在区间4, 0上的最值.3n4,的值域为[1,2] •当x € 0,才时时,函数g(x)= mcos2x —彳—2m + 3(m >0)的值域为* n €?, 1】「.当 x € _0礬 3,— m + 3 27t, i 罟+ 3> 1,使得g(x“= f(x 2)成立,•—m + 3 w 2,£ 7[2 3X+ n ;+ 2,1 2, x —n n6, 3•••对?,?以 答案:- n _4」3 n 1 — -2—16 = 2 , g(x)max = g(0) = 1.「n 0 时,4x+n €所以 g(x)min = g n ,。

2020年浙江高考数学一轮复习:三角函数的图象与性质

2020年浙江高考数学一轮复习:三角函数的图象与性质

第三节三角函数的图象与性质1.用五点法作正弦函数和余弦函数的简图正弦函数y =sin x ,x ∈[0,2π]的图象上,五个关键点是:(0,0),⎝⎛⎭⎫π2,1,(π,0),⎝⎛⎭⎫3π2,-1,(2π,0).余弦函数y =cos x ,x ∈[0,2π]的图象上,五个关键点是:(0,1),⎝⎛⎭⎫π2,0,(π,-1),⎝⎛⎭⎫3π2,0,(2π,1).2.正弦、余弦、正切函数的图象与性质(下表中k ∈Z).[小题体验]1.①y =cos 2x; ②y =sin 2x; ③y =tan 2x; ④y =|sin x | 四个函数中,最小正周期为π的奇函数是________.答案:②2.(教材习题改编)函数y =-tan ⎝⎛⎭⎫x +π6+2的定义域为________________. 答案:⎩⎨⎧⎭⎬⎫x ⎪⎪x ≠k π+π3,k ∈Z1.闭区间上最值或值域问题,首先要在定义域基础上分析单调性,含参数的最值问题,要讨论参数对最值的影响.2.要注意求函数y =A sin(ωx +φ)的单调区间时ω的符号,尽量化成ω>0时的情况. 3.三角函数存在多个单调区间时易错用“∪”联结. [小题纠偏]1.函数y =4sin(-x ),x ∈[-π,π]的单调性是( ) A .在[-π,0]上是增函数,在[0,π]上是减函数B .在⎣⎡⎦⎤-π2,π2上是增函数,在⎣⎡⎦⎤-π,-π2和⎣⎡⎦⎤π2,π上是减函数 C .在[0,π]上是增函数,在[-π,0]上是减函数D .在⎣⎡⎦⎤π2,π和⎣⎡⎦⎤-π,-π2上是增函数,在⎣⎡⎦⎤-π2,π2上是减函数 答案:D2.函数f (x )=sin ⎝⎛⎭⎫2x -π4在区间⎣⎡⎦⎤0,π2上的最小值为________. 解析:由已知x ∈⎣⎡⎦⎤0,π2,得2x -π4∈⎣⎡⎦⎤-π4,3π4, 所以sin ⎝⎛⎭⎫2x -π4∈⎣⎡⎦⎤-22,1,故函数f (x )=sin ⎝⎛⎭⎫2x -π4在区间⎣⎡⎦⎤0,π4上的最小值为-22. 答案:-22考点一 三角函数的定义域(基础送分型考点——自主练透)[题组练透]1.函数y =log 21sin x-1的定义域为________. 解析:由题可得⎩⎪⎨⎪⎧log 21sin x -1≥0,sin x >0,所以有0<sin x ≤12,解得2k π<x ≤2k π+π6或2k π+5π6≤x <2k π+π,k ∈Z ,所以所求函数的定义域为⎩⎨⎧x ⎪⎪⎭⎬⎫2k π<x ≤2k π+π6或2k π+5π6≤x <2k π+π,k ∈Z . 答案:⎩⎨⎧x ⎪⎪⎭⎬⎫2k π<x ≤2k π+π6或2k π+5π6≤x <2k π+π,k ∈Z 2.函数y =lg(sin 2x )+9-x 2的定义域为______________.解析:由⎩⎪⎨⎪⎧sin 2x >0,9-x 2≥0,得⎩⎪⎨⎪⎧k π<x <k π+π2,k ∈Z ,-3≤x ≤3.∴-3≤x <-π2或0<x <π2.∴函数y =lg(sin 2x )+9-x 2的定义域为⎣⎡⎭⎫-3,-π2∪⎝⎛⎭⎫0,π2. 答案:⎣⎡⎭⎫-3,-π2∪⎝⎛⎭⎫0,π2 [谨记通法]三角函数定义域的求法求三角函数定义域实际上是构造简单的三角不等式(组),常借助三角函数图象来求解. 考点二 三角函数的值域或最值(重点保分型考点——师生共研)[典例引领]1.函数y =2sin ⎝⎛⎭⎫πx 6-π3(0≤x ≤9)的最大值与最小值之和为( ) A .2-3 B .0 C .-1D .-1- 3解析:选A ∵0≤x ≤9,∴-π3≤π6x -π3≤7π6,∴sin ⎝⎛⎭⎫π6x -π3∈⎣⎡⎦⎤-32,1. ∴y ∈[-3,2],∴y max +y min =2- 3.2.(2018·浙北联考)函数f (x )=2cos 2x +5sin x -4的最小值为________,最大值为________.解析:f (x )=2cos 2x +5sin x -4=-2sin 2x +5sin x -2=-2⎝⎛⎭⎫sin x -542+98.因为-1≤sin x ≤1,所以当sin x =-1时,f (x )有最小值-9;当sin x =1时,f (x )有最大值1.答案:-9 13.函数y =sin x -cos x +sin x cos x ,x ∈[0,π]的值域为________________. 解析:设t =sin x -cos x , 则t 2=sin 2x +cos 2x -2sin x cos x ,即sin x cos x =1-t 22,且-1≤t ≤ 2.∴y =-t 22+t +12=-12(t -1)2+1.当t =1时,y max =1;当t =-1时,y min =-1. ∴函数的值域为[-1,1]. 答案:[-1,1]4.(2019·平阳模拟)已知函数f (x )=2a sin ⎝⎛⎭⎫2x +π6+a +b (a <0)的定义域为⎣⎡⎦⎤0,π2,值域为[-5,1],则a +b =________.解析:因为x ∈⎣⎡⎦⎤0,π2,所以2x +π6∈⎣⎡⎦⎤π6,7π6,所以sin ⎝⎛⎭⎫2x +π6∈⎣⎡⎦⎤-12,1.因为a <0,所以f (x )∈[3a +b ,b ].因为函数的值域为[-5,1],所以3a +b =-5,b =1,所以a =-2,所以a +b =-1.答案:-1[由题悟法]三角函数最值或值域的3种求法(1)直接法:直接利用sin x 和cos x 的值域求解.(2)化一法:把所给三角函数化为y =A sin(ωx +φ)+k 的形式,由正弦函数单调性写出函数的值域.(3)换元法:把sin x 、cos x 、sin x cos x 或sin x ±cos x 换成t ,转化为二次函数.[即时应用]求函数y =cos 2x +sin x ⎝⎛⎭⎫|x |≤π4的最大值与最小值. 解:令t =sin x ,∵|x |≤π4,∴t ∈⎣⎡⎦⎤-22,22. ∴y =-t 2+t +1=-⎝⎛⎭⎫t -122+54, ∴当t =12时,y max =54,当t =-22时,y min =1-22. ∴函数y =cos 2x +sin x ⎝⎛⎭⎫|x |≤π4的最大值为54,最小值为1-22. 考点三 三角函数的性质(题点多变型考点——多角探明)[锁定考向]三角函数的性质主要包括单调性、奇偶性、周期性、对称性,而三角函数的对称性多与奇偶性、周期性结合.常见的命题角度有:(1)三角函数的周期性;(2)三角函数的对称性;(3)三角函数的单调性.[题点全练]角度一:三角函数的周期性1.(2019·湖州期末)函数y =5sin ⎝⎛⎭⎫π6-π3x 的最小正周期为( ) A .6 B .-6 C .2π3D .23解析:选A 函数的最小正周期为T =2π⎪⎪⎪⎪-π3=6. 2.(2017·天津高考)设函数f (x )=2sin(ωx +φ),x ∈R ,其中ω>0,|φ|<π.若f ⎝⎛⎭⎫5π8=2,f ⎝⎛⎭⎫11π8=0,且f (x )的最小正周期大于2π,则( )A .ω=23,φ=π12B .ω=23,φ=-11π12C .ω=13,φ=-11π24D .ω=13,φ=7π24解析:选A ∵f ⎝⎛⎭⎫5π8=2,f ⎝⎛⎭⎫11π8=0, ∴11π8-5π8=T4(2m +1),m ∈N , ∴T =3π2m +1,m ∈N , ∵f (x )的最小正周期大于2π,∴T =3π, ∴ω=2π3π=23,∴f (x )=2sin ⎝⎛⎭⎫23x +φ. 由2sin ⎝⎛⎭⎫23×5π8+φ=2,得φ=2k π+π12,k ∈Z . 又|φ|<π,∴取k =0,得φ=π12. 角度二:三角函数的对称性3.(2018·嘉兴期末)函数f (x )=sin ⎝⎛⎭⎫2x +π3的图象的对称轴方程可以是( ) A .x =π12B .x =5π12C .x =π3D .x =π6解析:选A 由题可得,令2x +π3=k π+π2,k ∈Z ,得x =k π2+π12,k ∈Z .所以当k =0时,函数f (x )的图象的一条对称轴方程为x =π12. 4.函数y =cos(3x +φ)的图象关于原点成中心对称图形,则φ=________. 解析:由题意,得y =cos(3x +φ)是奇函数, 故φ=k π+π2(k ∈Z ).答案:k π+π2(k ∈Z )角度三:三角函数的单调性5.(2019·浦江模拟)已知函数f (x )=2sin ⎝⎛⎭⎫ωx +φ+π4⎝⎛⎭⎫ω>0,|φ|<π2的最小正周期为π,且是偶函数,则( )A .f (x )在⎝⎛⎭⎫0,π2内单调递减 B .f (x )在⎝⎛⎭⎫π4,3π4内单调递减 C .f (x )在⎝⎛⎭⎫0,π2内单调递增 D .f (x )在⎝⎛⎭⎫π4,3π4内单调递增解析:选A 因为函数f (x )的最小正周期为π,所以ω=2.因为函数f (x )是偶函数,且|φ|<π2,所以φ=π4.所以 f (x )=2sin ⎝⎛⎭⎫2x +π2=2cos 2x ,所以函数f (x )在⎝⎛⎭⎫0,π2内单调递减. [通法在握]1.函数f (x )=A sin(ωx +φ)的奇偶性、周期性和对称性(1)若f (x )=A sin(ωx +φ)为偶函数,则当x =0时,f (x )取得最大或最小值;若f (x )=A sin(ωx +φ)为奇函数,则当x =0时,f (x )=0.(2)对于函数y =A sin(ωx +φ),其对称轴一定经过图象的最高点或最低点,对称中心一定是函数的零点,因此在判断直线x =x 0或点(x 0,0)是否是函数的对称轴或对称中心时,可通过检验f (x 0)的值进行判断.2.求三角函数单调区间的2种方法(1)代换法:就是将比较复杂的三角函数含自变量的代数式整体当作一个角u (或t ),利用基本三角函数的单调性列不等式求解.(2)图象法:画出三角函数的正、余弦曲线,结合图象求它的单调区间.[演练冲关]1.(2019·舟山模拟)若函数f (x )=sin(φ-x )是奇函数,则φ的值可能是( ) A .π6B .π3C .π2D .π解析:选D 因为函数f (x )是奇函数,所以φ=k π(k ∈Z ).对比选项可知,φ的值可能是π.故选D.2.若函数f (x )=sin ⎝⎛⎭⎫ωx +π3+sin ωx (ω>0)相邻两对称轴之间的距离为2,则ω=________.解析:f (x )=sin ⎝⎛⎭⎫ωx +π3+sin ωx =12sin ωx +32cos ωx +sin ωx =32sin ωx +32cos ωx =3sin ⎝⎛⎭⎫ωx +π6,又因为f (x )相邻两条对称轴之间的距离为2,所以T =4,所以2πω=4,即ω=π2. 答案:π23.函数y =|tan x |在⎝⎛⎭⎫-π2,3π2上的单调减区间为_______.解析:如图,观察图象可知,y =|tan x |在⎝⎛⎭⎫-π2,3π2上的单调减区间为⎝⎛⎦⎤-π2,0和⎝⎛⎦⎤π2,π. 答案:⎝⎛⎦⎤-π2,0和⎝⎛⎦⎤π2,π一抓基础,多练小题做到眼疾手快 1.下列函数中,周期为π的奇函数为( ) A .y =sin x cos x B .y =sin 2xC .y =tan 2xD .y =sin 2x +cos 2x解析:选A y =sin 2x 为偶函数;y =tan 2x 的周期为π2;y =sin 2x +cos 2x 为非奇非偶函数,B 、C 、D 都不正确,选A.2.函数y =sin ⎝⎛⎭⎫ωx +π6在x =2处取得最大值,则正数ω的最小值为( ) A.π2 B.π3 C.π4 D.π6解析:选D 由题意得,2ω+π6=π2+2k π(k ∈Z ),解得ω=π6+k π(k ∈Z ),∵ω>0,∴当k =0时,ωmin =π6,故选D.3.函数y = cos x -32的定义域为( ) A.⎣⎡⎦⎤-π6,π6 B.⎣⎡⎦⎤k π-π6,k π+π6(k ∈Z ) C.⎣⎡⎦⎤2k π-π6,2k π+π6(k ∈Z ) D .R解析:选C ∵cos x -32≥0,得cos x ≥32, ∴2k π-π6≤x ≤2k π+π6,k ∈Z .4.(2018·浙江六校联考)函数y =3sin x +3cos x ⎝⎛⎭⎫x ∈⎣⎡⎦⎤0,π2的单调递增区间是________.解析:化简可得y =23sin ⎝⎛⎭⎫x +π6,由2k π-π2≤x +π6≤2k π+π2(k ∈Z ),得-2π3+2k π≤x ≤π3+2k π(k ∈Z ),又x ∈⎣⎡⎦⎤0,π2,∴函数的单调递增区间是⎣⎡⎦⎤0,π3. 答案:⎣⎡⎦⎤0,π3 5.函数f (x )=sin ⎝⎛⎭⎫2x +π3在⎣⎡⎦⎤0,π2上的值域是________. 解析:∵x ∈⎣⎡⎦⎤0,π2,∴2x +π3∈⎣⎡⎦⎤π3,4π3,∴当2x +π3=π2,即x =π12时,f (x )max =1.当2x +π3=4π3,即x =π2时,f (x )min =-32,∴f (x )∈⎣⎡⎦⎤-32,1.答案:⎣⎡⎦⎤-32,1 二保高考,全练题型做到高考达标1.(2019·诸暨模拟)若函数f (x )=sin ωx (ω>0)在区间⎣⎡⎦⎤0,π3上单调递增,在区间⎣⎡⎦⎤π3,π2上单调递减,则ω=( )A .3B .2C .32D .23解析:选C 因为函数f (x )在区间⎣⎡⎦⎤0,π3上单调递增,在区间⎣⎡⎦⎤π3,π2上单调递减,所以f (x )max =f ⎝⎛⎭⎫π3=sin ωπ3=1.又因为2πω≥2×π2,所以0<ω≤2,所以ωπ3=π2,解得ω=32. 2.关于函数y =tan ⎝⎛⎭⎫2x -π3,下列说法正确的是( ) A .是奇函数B .在区间⎝⎛⎭⎫0,π3上单调递减 C.⎝⎛⎭⎫π6,0为其图象的一个对称中心 D .最小正周期为π解析:选C 函数y =tan ⎝⎛⎭⎫2x -π3是非奇非偶函数,A 错;函数y =tan ⎝⎛⎭⎫2x -π3在区间⎝⎛⎭⎫0,π3上单调递增,B 错;最小正周期为π2,D 错;由2x -π3=k π2,k ∈Z ,得x =k π4+π6,k∈Z .当k =0时,x =π6,所以它的图象关于⎝⎛⎭⎫π6,0对称. 3.函数f (x )=2sin(ωx +φ)(ω>0)对任意x 都有f ⎝⎛⎭⎫π6+x =f ⎝⎛⎭⎫π6-x ,则f ⎝⎛⎭⎫π6的值为( ) A .2或0 B .-2或2 C .0D .-2或0解析:选B 因为函数f (x )=2sin(ωx +φ)对任意x 都有f ⎝⎛⎭⎫π6+x =f ⎝⎛⎭⎫π6-x ,所以该函数图象关于直线x =π6对称,因为在对称轴处对应的函数值为最大值或最小值,所以选B.4.已知函数f (x )=2sin(ωx +φ),x ∈R ,其中ω>0,-π<φ≤π.若f (x )的最小正周期为6π,且当x =π2时,f (x )取得最大值,则( )A .f (x )在区间[-2π,0]上是增函数B .f (x )在区间[-3π,-π]上是增函数C .f (x )在区间[3π,5π]上是减函数D .f (x )在区间[4π,6π]上是减函数解析:选A ∵f (x )的最小正周期为6π,∴ω=13.∵当x =π2时,f (x )有最大值,∴13×π2+φ=π2+2k π(k ∈Z ),φ=π3+2k π(k ∈Z ), ∵-π<φ≤π,∴φ=π3.∴f (x )=2sin ⎝⎛⎭⎫x 3+π3,令-π2+2k π≤x 3+π3≤π2+2k π,k ∈Z ,得-5π2+6k π≤x ≤π2+6k π,k ∈Z ,故f (x )的单调增区间为⎣⎡⎦⎤-5π2+6k π,π2+6k π,k ∈Z , 令k =0,得x ∈⎣⎡⎦⎤-5π2,π2, ∵[-2π,0]⊆⎣⎡⎦⎤-5π2,π2,故A 正确. 5.已知ω>0,函数f (x )=sin ⎝⎛⎭⎫ωx +π4在⎝⎛⎭⎫π2,π上单调递减,则ω的取值范围是( ) A .⎣⎡⎦⎤12,54 B .⎣⎡⎦⎤12,34 C .⎝⎛⎦⎤0,12 D .(0,2]解析:选A 由π2<x <π得π2ω+π4<ωx +π4<πω+π4,由题意知⎝⎛⎭⎫π2ω+π4,πω+π4⊆⎣⎡⎦⎤π2,3π2, ∴⎩⎨⎧π2ω+π4≥π2,πω+π4≤3π2,∴12≤ω≤54,故选A. 6.若函数f (x )=2tan ⎝⎛⎭⎫kx +π3的最小正周期T 满足1<T <2,则自然数k 的值为________. 解析:由题意知,1<πk <2,即k <π<2k .又k ∈N ,所以k =2或k =3. 答案:2或37.已知函数f (x )=sin ⎝⎛⎭⎫x +π6,其中x ∈⎣⎡⎦⎤-π3,a ,若f (x )的值域是⎣⎡⎦⎤-12,1,则实数a 的取值范围是________.解析:∵x ∈⎣⎡⎦⎤-π3,a ,∴x +π6∈⎣⎡⎦⎤-π6,a +π6, ∵当x +π6∈⎣⎡⎦⎤-π6,π2时,f (x )的值域为⎣⎡⎦⎤-12,1, ∴结合函数的图象知π2≤a +π6≤7π6,∴π3≤a ≤π.答案:⎣⎡⎦⎤π3,π8.若函数f (x )=sin ⎝⎛⎭⎫ωx +π6(ω>0)的图象的相邻两条对称轴之间的距离为π2,且该函数图象关于点(x 0,0)成中心对称,x 0∈⎣⎡⎦⎤0,π2,则x 0=________. 解析:由题意得T 2=π2,T =π,ω=2.又2x 0+π6=k π(k ∈Z ),x 0=k π2-π12(k ∈Z ),而x 0∈⎣⎡⎦⎤0,π2,所以x 0=5π12. 答案:5π129.已知函数f (x )=sin(ωx +φ)⎝⎛⎭⎫0<φ<2π3的最小正周期为π. (1)求当f (x )为偶函数时φ的值;(2)若f (x )的图象过点⎝⎛⎭⎫π6,32,求f (x )的单调递增区间. 解:∵f (x )的最小正周期为π,则T =2πω=π,∴ω=2.∴f (x )=sin(2x +φ).(1)当f (x )为偶函数时,φ=π2+k π,k ∈Z , ∴cos φ=0,∵0<φ<2π3,∴φ=π2. (2)f (x )的图象过点⎝⎛⎭⎫π6,32时,sin ⎝⎛⎭⎫2×π6+φ=32, 即sin ⎝⎛⎭⎫π3+φ=32. 又∵0<φ<2π3,∴π3<π3+φ<π. ∴π3+φ=2π3,φ=π3.∴f (x )=sin ⎝⎛⎭⎫2x +π3. 令2k π-π2≤2x +π3≤2k π+π2,k ∈Z , 得k π-5π12≤x ≤k π+π12,k ∈Z . ∴f (x )的单调递增区间为⎣⎡⎦⎤k π-5π12,k π+π12,k ∈Z . 10.已知函数f (x )=2sin ⎝⎛⎭⎫2x +π4. (1)求函数f (x )图象的对称轴方程;(2)求函数f (x )的单调递增区间; (3)当x ∈⎣⎡⎦⎤π4,3π4时,求函数f (x )的最大值和最小值.解:(1)令2x +π4=k π+π2,k ∈Z ,得x =k π2+π8,k ∈Z . 所以函数f (x )图象的对称轴方程是x =k π2+π8,k ∈Z . (2)令2k π-π2≤2x +π4≤2k π+π2,k ∈Z , 得k π-3π8≤x ≤k π+π8,k ∈Z . 故函数f (x )的单调递增区间为⎣⎡⎦⎤k π-3π8,k π+π8,k ∈Z . (3)当x ∈⎣⎡⎦⎤π4,3π4时,3π4≤2x +π4≤7π4, 所以-1≤sin ⎝⎛⎭⎫2x +π4≤22,所以-2≤f (x )≤1, 所以当x ∈⎣⎡⎦⎤π4,3π4时,函数f (x )的最大值为1,最小值为- 2.三上台阶,自主选做志在冲刺名校1.若存在实数a ,使函数y =sin 2x +a cos x +58a -32在闭区间⎣⎡⎦⎤0,π2上取到最大值1,则实数a 等于( )A .1B .52C .32D .2 解析:选C y =-⎝⎛⎭⎫cos x -12a 2+a 24+58a -12. 当0≤x ≤π2时,0≤cos x ≤1,令t =cos x ,则0≤t ≤1, 所以y =-⎝⎛⎭⎫t -12a 2+a 24+58a -12,0≤t ≤1. ①当0≤a 2≤1,即0≤a ≤2时,则当t =a 2,即cos x =a 2时,y max =a 24+58a -12=1,解得a =32或a =-4(舍去),故a =32; ②当a 2<0,即a <0时,则当t =0,即cos x =0时, y max =58a -12=1,解得a =125,由于a <0,故这种情况不存在满足条件的a 值; ③当a 2>1,即a >2时,则当t =1,即cos x =1时, y max =a +58a -32=1,解得a =2013.由于2013<2, 故这种情况下不存在满足条件的a 值.综上知,存在a =32符合题意.故选C. 2.设函数f (x )=sin(ωx +φ)⎝⎛⎭⎫ω>0,|φ|<π2,给出以下四个论断: ①它的最小正周期为π;②它的图象关于直线x =π12成轴对称图形; ③它的图象关于点⎝⎛⎭⎫π3,0成中心对称图形;④在区间⎣⎡⎭⎫-π6,0上是增函数. 以其中两个论断作为条件,另两个论断作为结论,写出你认为正确的一个命题________(用序号表示即可).解析:若①②成立,则ω=2ππ=2.令2×π12+φ=k π+π2,k ∈Z ,且|φ|<π2,故k =0,则φ=π3.此时f (x )=sin ⎝⎛⎭⎫2x +π3.当x =π3时,sin ⎝⎛⎭⎫2x +π3=sin π=0,所以f (x )的图象关于⎝⎛⎭⎫π3,0成中心对称;又f (x )在⎣⎡⎦⎤-5π12,π12上是增函数,则f (x )在⎣⎡⎭⎫-π6,0上也是增函数,因此①②⇒③④.用类似的分析可求得①③⇒②④.答案:①②⇒③④或①③⇒②④3.(2019·武汉调研)已知函数f (x )=a ⎝⎛⎭⎫2cos 2x 2+sin x +b . (1)若a =-1,求函数f (x )的单调递增区间;(2)当x ∈[0,π]时,函数f (x )的值域是[5,8],求a ,b 的值.解:已知函数f (x )=a (1+cos x +sin x )+b =2a sin ⎝⎛⎭⎫x +π4+a +b . (1)当a =-1时,f (x )=-2sin ⎝⎛⎭⎫x +π4+b -1, 由2k π+π2≤x +π4≤2k π+3π2(k ∈Z ), 得2k π+π4≤x ≤2k π+5π4(k ∈Z ), ∴f (x )的单调递增区间为⎣⎡⎦⎤2k π+π4,2k π+5π4(k ∈Z ). (2)∵0≤x ≤π,∴π4≤x +π4≤5π4, ∴-22≤sin ⎝⎛⎭⎫x +π4≤1,依题意知a ≠0.①当a >0时,得⎩⎨⎧ 2a +a +b =8,b =5,∴a =32-3,b =5. ②当a <0时,得⎩⎨⎧ b =8,2a +a +b =5,∴a =3-32,b =8. 综上所述,a =32-3,b =5或a =3-32,b =8.。

2020年高考数学一轮复习讲练测浙江版专题4.3简单的三角恒等变换(讲)含解析

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2020年高考数学一轮复习讲练测(浙江版)第四章三角函数与解三角形第03讲简单的三角恒等变换 ---讲1.掌握两角和与两角差的正弦、余弦、正切公式,掌握正弦、余弦、正切二倍角的公式.2.掌握简单的三角函数式的化简、求值及恒等式证明.3.高考预测:(1)和(差)角公式;(2)二倍角公式;(3)和差倍半的三角函数公式的综合应用.(4)对于三角恒等变换,高考命题主要以公式的基本运用(正用、逆用、变用)、计算为主,其中多以与角的范围、三角函数的性质、三角形等知识结合考查.4.备考重点:(1) 掌握和差倍半的三角函数公式;(2) 掌握三角函数恒等变换的常用技巧.知识点1.两角和与差的三角函数公式的应用两角和与差的正弦、余弦、正切公式C(α-β):cos(α-β)=cosαcosβ+sinαsinβ;C(α+β):cos(α+β)=cosαcos_β-sin_αsinβ;S(α+β):sin(α+β)=sinαcosβ+cosαsinβ;S(α-β):sin(α-β)=sin_αcos_β-cosαsinβ;T(α+β):tan(α+β)=tan α+tan β1-tan αtan β;T(α-β):tan(α-β)=tan α-tan β1+tan αtan β.变形公式:tan α±tan β=tan(α±β)(1∓tanαtanβ);.函数f(α)=acos α+bsin α(a,b为常数),可以化为f(α)=a2+b2sin(α+φ)或f(α)=a2+b2cos(α-φ),其中φ可由a ,b 的值唯一确定.【典例1】(2019·江西高考模拟(文))如图,点A 为单位圆上一点, 3XOA π∠= 点A 沿单位圆逆时针方向旋转角α到点B(-45,35)则cos α=( )A .410B .410+ C D .310+ 【答案】A 【解析】 由题意得:故选A 【总结提升】三角公式化简求值的策略(1)使用两角和、差及倍角公式,首先要记住公式的结构特征和符号变化规律.例如两角差的余弦公式可简记为:“同名相乘,符号反”.(2)使用公式求值,应注意与同角三角函数基本关系、诱导公式的综合应用. (3)使用公式求值,应注意配方法、因式分解和整体代换思想的应用. 【变式1】(2019·四川高考模拟(理))已知4cos 5=-α,()π,0∈-α,则 ( )A .17B .7C .17-D .7-【答案】C 【解析】∴则故选:C .知识点2.二倍角公式的运用公式的应用二倍角的正弦、余弦、正切公式: S 2α:sin 2α=2sin_αcos_α;C 2α:cos 2α=cos 2α-sin 2α=2cos 2α-1=1-2sin 2α; T 2α:tan 2α=2tan α1-tan 2α.变形公式:cos 2α=1+cos 2α2,sin 2α=1-cos 2α21+sin 2α=(sin α+cos α)2,1-sin 2α=(sin α-cos α)2 【典例2】(2017·全国高考真题(文))已知,则( ).A .B .C .D .【答案】A【解析】.所以选A. 【总结提升】明确各个角之间的关系(包括非特殊角与特殊角、已知角与未知角),熟悉角的变换技巧,及半角与倍角的相互转化,如:2α=(α+β)+(α-β),α=(α+β)-β=(α-β)+β,40°=60°-20°,⎝ ⎛⎭⎪⎫π4+α+⎝ ⎛⎭⎪⎫π4-α=π2,α2=2×α4等.【变式2】(2019·河南高考模拟(理))已知,则tan2α=( )A .-B .C .D .2【答案】A 【解析】 由题,则故tan2α=故选:A考点1 两角和与差的正弦函数、余弦函数公式的应用【典例3】(2019·北京高考模拟(文))如图,在平面直角坐标系xOy 中,角α与角β均以Ox 为始边,终边分别是射线OA 和射线OB .射线OA ,OC 与单位圆的交点分别为34,55A ⎛⎫⎪⎝⎭,(1,0)C -.若6BOC π∠=,则()cos βα-的值是( )A B .310+C D 【答案】C 【解析】依题意,有:3cos 5α=,4sin 5α=,,1sin 2β=,()cos βα-=.故答案为:C.【总结提升】三角函数求值的两种类型:(1)给角求值:关键是正确选用公式,以便把非特殊角的三角函数转化为特殊角的三角函数. (2)给值求值:关键是找出已知式与待求式之间的联系及函数的差异. ①一般可以适当变换已知式,求得另外函数式的值,以备应用; ②变换待求式,便于将已知式求得的函数值代入,从而达到解题的目的.【变式3】(2019·河南鹤壁高中高考模拟(文))平面直角坐标系xOy 中,点()00,P x y 是单位圆在第一象限内的点,xOP α∠=,若,则00y x +为_____.【解析】 由题意知:0,2πα⎛⎫∈ ⎪⎝⎭,,由,得,考点2 两角和与差的正切公式的应用【典例4】(2018年全国卷II 文)已知,则__________.【答案】.,解方程得.【规律方法】1.运用两角和与差的三角函数公式时,不但要熟练,准确,而且要熟悉公式的逆用及变形,如tan α+tan β=tan(α+β)·(1-tan αtan β)和二倍角的余弦公式的多种变形等.2.应熟悉公式的逆用和变形应用,公式的正用是常见的,但逆用和变形应用则往往容易被忽视,公式的逆用和变形应用更能开拓思路,培养从正向思维向逆向思维转化的能力,只有熟悉了公式的逆用和变形应用后,才能真正掌握公式的应用.提醒:在T (α+β)与T (α-β)中,α,β,α±β都不等于k π+π2(k ∈Z ),即保证tan α,tan β,tan(α+β)都有意义;若α,β中有一角是k π+π2(k ∈Z ),可利用诱导公式化简.【变式4】(2019·黑龙江哈尔滨三中高考模拟(理))已知α是第二象限角,且,则tan 2α的值为( ) A .45B .237-C .247-D .249-【答案】C 【解析】 由,得3sin 5α=. 因为α是第二象限角,所以4cos 5α=-...故选C.考点3 二倍(半)角公式的应用【典例5】(2016·全国高考真题(理))若,则sin 2α=( )A .725B .15 C .15-D .725-【解析】,且,故选D.【总结提升】转化思想是实施三角变换的主导思想,恒等变形前需清楚已知式中角的差异、函数名称的差异、运算结构的差异,寻求联系,实现转化.注意三角函数公式逆用和变形用的2个问题 (1)公式逆用时一定要注意公式成立的条件和角之间的关系.(2)注意特殊角的应用,当式子中出现12,1,32,3等这些数值时,一定要考虑引入特殊角,把“值变角”构造适合公式的形式.【变式5】(2019·湖北高三月考(文))已知α是第一象限角,sin α=2425,则tan 2α=( ) A .43-B .43C .34-D .34【答案】D 【解析】∵α是第一象限角,sin α=2425=, π2+,k ∈Z , ∴k π2α<<k ππ4+,k ∈Z , ∴0<tan2α<1,∴sin α=2sin2αcos ,整理得:212tan 2α-25tan 2α+120=,解得tan 423α=(舍去)或tan 2α=34.故选D . 考点4简单的三角恒等变换---化简与证明【典例6】求证:.【解析】左边=sin αcos α+)24sin()24cos(απαπ++=右边.故原式得证.【总结提升】1.三角函数式化简的方法(1)弦切互化,异名化同名,异角化同角,降幂或升幂.(2)在三角函数式的化简中“次降角升”和“次升角降”是基本的规律,根号中含有三角函数式时,一般需要升次,去掉根号.2.三角恒等式的证明方法(1)从等式的比较复杂的一边化简变形到另一边,相当于解决化简题目.(2)等式两边同时变形,变形后的结果为同一个式子.(3)先将要证明的式子进行等价变形,再证明变形后的式子成立.提醒:开平方时正负号的选取易出现错误,所以要根据已知和未知的角之间的关系,恰当地把角拆分,根据角的范围确定三角函数的符号.3.三角函数式的化简遵循的三个原则(1)一看“角”,这是最重要的一环,通过看角之间的差别与联系,把角进行合理的变换,从而正确使用公式.(2)二看“名”,看函数名称之间的差异,从而确定使用的公式,常见的有“切化弦”或“弦化切”.(3)三看“形”,分析结构特征,可以帮助我们找到变形的方向,常见的有“遇到分式要通分”“整式因式分解”“二次式配方”“遇到平方要降幂”等.【变式6】(2018届河南省郑州外国语学校高三第十五次调研)已知,满足,则的最大值为______.【答案】.【解析】由,得化为,,,的最大值为,故答案为.。

2020版高考数学(浙江专用)一轮总复习检测:4.3 三角恒等变换 Word版含解析

2020版高考数学(浙江专用)一轮总复习检测:4.3 三角恒等变换 Word版含解析

4.3三角恒等变换挖命题【考情探究】考点内容解读5年考情预测热度考题示例考向关联考点两角和与差的三角函数1.会用向量的数量积推导出两角差的余弦公式.2.能利用两角差的余弦公式导出两角差的正弦、正切公式.3.能利用两角差的余弦公式导出两角和的正弦、余弦、正切公式,导出二倍角的正弦、余弦、正切公式,了解它们的内在联系.2018浙江,18两角和的正弦和余弦计算任意角的三角函数的定义、诱导公式★★☆2017浙江,14二倍角公式余弦定理2016浙江文,11降幂公式、辅助角公式2015浙江,16,7,文16两角和的正弦正弦定理2014浙江文,18两角和的余弦余弦定理、三角形的面积简单的三角恒等变换能利用和与差的三角函数公式以及二倍角公式进行简单的三角函数恒等变换.2017浙江,18降幂公式、辅助角公式最小正周期、单调区间★★★2016浙江,10,文16两角和的正弦、余弦正弦定理2015浙江,16三角恒等变换正弦定理、三角形的面积分析解读 1.对本节内容的考查仍以容易题和中等难度题为主.2.主要考查两角和与差的正弦、余弦、正切公式,二倍角的正弦、余弦、正切公式,以及运用上述公式进行简单的恒等变换(例:2016浙江,10).3.对三角恒等变换的考查往往与解三角形、向量知识综合在一起.4.预计2020年高考试题中,三角恒等变换仍是考查的重点,复习时应高度重视.破考点【考点集训】考点一两角和与差的三角函数1.(2018浙江金华十校第一学期期末调研,3)sin5°cos55°-cos175°sin55°的结果是()A.-B.C.-D.答案D2.(2018浙江9+1高中联盟期中,12)设sin2α=sinα,α∈(0,π),则cosα=,tan2α=.答案;-解析(1)由(b+c)2-a2=(2+)bc得b2+c2-a2=bc,∴cos A==,∴A=.由sin Asin B=cos2,得sin B=,∴sin B=1+cos,即sin B+cos B=sin=1,且B+C=π,故B=.(2)f(x)=sin x(cos x+asin x)=+=sin(2x-φ)+≤+= (其中tanφ=a),解得a=.2.(2018浙江高考模拟卷,18)函数f(x)=acosωx+bsinωx(ω>0)的最小正周期为,当x=时,有最大值4.(1)求a,b,ω的值;(2)若<x<,且f=,求f的值.解析(1)f(x)=acosωx+bsinωx=sin(ωx+θ),其中sinθ=,cosθ=.由条件得=,∴ω=4,∴f(x)=acos4x+bsin4x,又x=时,有最大值4,∴-a+b==4,解得a=-2,b=2.(2)由(1)得f(x)=2sin4x-2cos4x=4sin,则f=4sin=,∴cos4x=,∵<x<,∴cos2x=-=-,∴f=4sin=4cos2x=-.炼技法【方法集训】方法1 三角函数式的化简方法1.已知tanα=2018tan,则=()A.-1B.1C.-D.答案C2.(人教A必4,一,2,B2,变式)已知α为第二象限角,则cosα+sinα=. 答案sinα-cosα方法2 三角函数式的求值方法1.(2017浙江模拟训练冲刺卷五,14)已知sin+sinα=,且α∈,则sin=,cos α=.答案;2.已知α,β均为锐角,且cosα=,tanβ=.(1)比较α,β的大小;(2)设θ,φ均为锐角,且sin(α+θ)sin(β+φ)=1,求θ+φ的值.解析(1)∵cosα=,α∈,∴sinα==,∴tanα=.∵tanβ=<=tanα,β∈,函数y=tan x在上单调递增,∴α>β.(2)由(1)得tan(α+β)==1,又α+β∈(0,π),∴α+β=.∵α,β,θ,φ∈,∴α+θ,β+φ∈(0,π),∴0<sin(α+θ)≤1,0<sin(β+φ)≤1.∵sin(α+θ)sin(β+φ)=1,∴sin(α+θ)=sin(β+φ)=1,∴α+θ=β+φ=.∵α+β=,∴θ+φ=π-(α+β)=.方法3 利用辅助角公式解决问题的方法1.(2018浙江“七彩阳光”联盟期初联考,18)已知f(x)=2cos2x+sin2x-+1(x∈R).(1)求f(x)的单调增区间;(2)当x∈时,求f(x)的值域.解析由题可知f(x)=sin2x+(2cos2x-1)+1=sin2x+cos2x+1=2sin+1.(1)令2kπ-≤2x+≤2kπ+,k∈Z,即2kπ-≤2x≤2kπ+,k∈Z,∴kπ-≤x≤kπ+(k∈Z),∴函数f(x)的单调增区间为(k∈Z).(2)∵x∈,∴2x+∈,∴sin∈,∴f(x)∈[0,3].2.(2018浙江杭州地区重点中学第一学期期中,20)已知a=(2cosα,2sinα),b=(cosβ,sinβ),其中0≤α<β<π,设=a+b,=a-2b(O为坐标原点),以OA,OB为邻边所作的平行四边形为菱形.(1)求cos(β-α)的值;(2)若α=0,单位向量e=x a+y b(x,y∈R),求x+y的最大值.解析(1)∵a=(2cosα,2sinα),b=(cosβ,sinβ),∴a+b=(2cosα+cosβ,2sinα+sinβ),a-2b=(2cosα-2cosβ,2sinα-2sinβ).∵|a+b|=|a-2b|,即(2cosα+cosβ)2+(2sinα+sinβ)2=(2cosα-2cosβ)2+(2sinα-2sinβ)2,∴12cos(β-α)=3,∴cos(β-α)=.(2)当α=0时,a=(2,0),b=,e=x a+y b=,设e=(cosθ,sinθ),则⇒∴x+y=sinθ+cosθ=sin(θ+φ),∴(x+y)max=.过专题【五年高考】A组自主命题·浙江卷题组考点一两角和与差的三角函数(2014浙江文,18,14分)在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c.已知4sin2+4sin Asin B=2+.(1)求角C的大小;(2)已知b=4,△ABC的面积为6,求边长c的值.解析(1)由已知得2[1-cos(A-B)]+4sin Asin B=2+,化简得-2cos Acos B+2sin Asin B=,故cos(A+B)=-,所以A+B=,从而C=.(2)由S△ABC=absin C=6,b=4,C=,得a=3.由余弦定理c2=a2+b2-2abcos C,得c=.评析本题主要考查两角和与差的余弦公式、二倍角公式、余弦定理、三角形面积公式等基础知识,同时考查运算求解能力.考点二简单的三角恒等变换(2016浙江,10,6分)已知2cos2x+sin2x=Asin(ωx+φ)+b(A>0),则A=,b=.答案;1B组统一命题、省(区、市)卷题组考点一两角和与差的三角函数1.(2018课标全国Ⅲ理,4,5分)若sinα=,则cos2α=()A. B. C.- D.-答案B2.(2016课标全国Ⅱ,9,5分)若cos=,则sin2α=()A. B. C.- D.-答案D3.(2018课标全国Ⅱ理,15,5分)已知sinα+cosβ=1,cosα+sinβ=0,则sin(α+β)=.答案-4.(2017课标全国Ⅰ文,15,5分)已知α∈,tanα=2,则cos=.答案考点二简单的三角恒等变换1.(2017课标全国Ⅲ文,4,5分)已知sinα-cosα=,则sin2α=()A.-B.-C.D.答案A2.(2014课标Ⅰ,8,5分)设α∈,β∈,且tanα=,则()A.3α-β=B.3α+β=C.2α-β=D.2α+β=答案C3.(2016四川,11,5分)cos2-sin2=.答案4.(2014福建,16,13分)已知函数f(x)=cos x(sin x+cos x)-.(1)若0<α<,且sinα=,求f(α)的值;(2)求函数f(x)的最小正周期及单调递增区间.解析解法一:(1)因为0<α<,sinα=,所以cosα=.所以f(α)=×-=.(2)因为f(x)=sin xcos x+cos2x-=sin2x+-=sin2x+cos2x=sin,所以T==π.由2kπ-≤2x+≤2kπ+,k∈Z,得kπ-≤x≤kπ+,k∈Z.所以f(x)的单调递增区间为,k∈Z.解法二:f(x)=sin xcos x+cos2x-=sin2x+-=sin2x+cos2x=sin.(1)因为0<α<,sinα=,所以α=,从而f(α)=sin=sin=.(2)T==π.由2kπ-≤2x+≤2kπ+,k∈Z,得kπ-≤x≤kπ+,k∈Z.所以f(x)的单调递增区间为,k∈Z.评析本题主要考查同角三角函数的基本关系、二倍角公式、两角和与差的三角函数公式及三角函数的图象与性质等基础知识,考查运算求解能力,考查化归与转化思想.C组教师专用题组考点一两角和与差的三角函数1.(2015课标Ⅰ,2,5分)sin20°cos10°-cos160°sin10°=()A.-B.C.-D.答案D2.(2015重庆,9,5分)若tanα=2tan,则=()A.1B.2C.3D.4答案C3.(2017江苏,5,5分)若tan=,则tanα=.答案4.(2015四川,12,5分)sin15°+sin75°的值是.答案5.(2015江苏,8,5分)已知tanα=-2,tan(α+β)=,则tanβ的值为.答案36.(2018江苏,16,14分)已知α,β为锐角,tanα=,cos(α+β)=-.(1)求cos2α的值;(2)求tan(α-β)的值.解析本小题主要考查同角三角函数关系、两角差及二倍角的三角函数,考查运算求解能力.(1)因为tanα=,tanα=,所以sinα=cosα.因为sin2α+cos2α=1,所以cos2α=,所以cos2α=2cos2α-1=-.(2)因为α,β为锐角,所以α+β∈(0,π).又因为cos(α+β)=-,所以sin(α+β)==,因此tan(α+β)=-2.因为tanα=,所以tan2α==-.因此tan(α-β)=tan[2α-(α+β)]==-.7.(2014江苏,15,14分)已知α∈,sinα=.(1)求sin的值;(2)求cos的值.解析(1)因为α∈,sinα=,所以cosα=-=-.故sin=sincosα+cossinα=×+×=-.(2)由(1)知sin2α=2sinαcosα=2××=-,cos2α=1-2sin2α=1-2×=,所以cos=cos cos2α+sin sin2α=×+×=-.评析本题主要考查三角函数的基本关系式、两角和与差的正、余弦公式及二倍角公式,考查运算求解能力.考点二简单的三角恒等变换1.(2017山东文,4,5分)已知cos x=,则cos2x=()A.-B.C.-D.答案D2.(2017江苏,16,14分)已知向量a=(cos x,sin x),b= (3,-),x∈[0,π].(1)若a∥b,求x的值;(2)记f(x)=a·b,求f(x)的最大值和最小值以及对应的x的值.解析(1)因为a=(cos x,sin x),b=(3,-),a∥b,所以-cos x=3sin x.若cos x=0,则sin x=0,与sin2x+cos2x=1矛盾,故cos x≠0.于是tan x=-.又x∈[0,π],所以x=.(2)f(x)=a·b=(cos x,sin x)·(3,-)=3cos x-sin x=2cos.因为x∈[0,π],所以x+∈,从而-1≤cos≤.于是,当x+=,即x=0时,f(x)取到最大值3;当x+=π,即x=时,f(x)取到最小值-2.【三年模拟】一、选择题(每小题4分,共12分)1.(2019届台州中学第一次模拟,2)计算:sin5°cos55°-cos175°sin55°的结果是()A.-B.C.-D.答案D2.(2019届镇海中学期中考试,7)已知sin=-,则cos2α+sin2α=()A. B.- C.- D.答案A3.(2018浙江新高考调研卷五(绍兴一中),5)已知△ABC中,有关系式tan C(sin2B-sin A)=cos2B+cos A成立,则△ABC为()A.等腰三角形B.∠A=60°的三角形C.等腰三角形或∠A=60°的三角形D.等腰直角三角形答案C二、填空题(单空题4分,多空题6分,共20分)4.(2019届台州中学第一次模拟,15)已知α,β为锐角,tanα=,cos(α+β)=-,则cos2α=,tan(α-β)=.答案-;-5.(2019届浙江高考模拟试卷(五),16)若sin=cos+cos,则tanα=.答案6.(2018浙江杭州二中期中,15)若α满足sin(α+20°)=cos(α+10°)+cos(α-10°),则tanα=.答案7.(2018浙江温州二模(3月),12)若cos2α=2cos,α∈(0,π),则sin2α=,tanα=.答案1;1三、解答题(共20分)8.(2019届浙江名校协作体高三联考,18)已知函数f(x)=cos2ωx+sinωxcosωx- (ω>0)的最小正周期为π.(1)求ω的值;(2)求函数f(x)在区间上的取值范围.解析(1)f(x)=cos2ωx+sinωxcosωx-=+-=cos.由=π,得ω=1.(2)由(1)知f(x)=cos,因为x∈,所以2x-∈,所以f(x)∈.9.(2018浙江新高考调研卷二(镇海中学),18)已知函数f(x)=sinωx+acosωx(ω>0)满足f(0)=,且f(x)图象的相邻两条对称轴间的距离为π.(1)求a与ω的值;(2)若f(α)=,α∈,求cos的值.解析(1)∵f(0)=,∴a=,∴f(x)=2sin,∵T=2π,∴ω=1.(2)∵f(α)=,∴sin=,∵-<α<,∴-<α+<.∵sin=<1,∴0<α+<,∴cos=,∴cos=cos=×+×=.。

2020年浙江高考数学一轮复习课堂测试:任意角和弧度制及任意角的三角函数

2020年浙江高考数学一轮复习课堂测试:任意角和弧度制及任意角的三角函数

课时跟踪检测(二十)任意角和弧度制及任意角的三角函数一抓基础,多练小题做到眼疾手快1已知点P(tan a,sin a在第三象限,则角a的终边在()A •第一象限B.第二象限C •第三象限D •第四象限tan av 0,解析:选D 因为点P在第三象限,所以所以a的终边在第四象限,故^in av 0,选D.2. (2018舟山五校联考)若tan av 0,则()A. sin av 0B. cos a> 02C . sin cocos av 0 D. 2cos a—1 v 0解析:选C 因为tan av 0,所以a是第二或第四象限角,所以sin a, cos a的符号不确定,故排除A、B;当a是第二象限角时,sin a, cos a符号相反,所以sin cocos av 0 ;当a是第四象限角时,sin a, cos a符号相反,所以sin久COS aV0,故选C.3•若一圆弧长等于其所在圆的内接正三角形的边长,则其圆心角a0v av n的弧度数为()C. 3D. 2解析:选C 设圆半径为r,则其内接正三角形的边长为.3r,所以,3r = ar所以a= 3.4.在直角坐标系中,O是原点,A( 3, 1),将点A绕O逆时针旋转90°到B点,贝U B 点坐标为_______________ .解析:依题意知OA = OB= 2,Z AOx = 30°, / BOx= 120°,设点 B 坐标为(x, y),所以x= 2cos 120°=—1, y= 2sin 120°= .3,1 卩B(—1, 3).答案:(一1, 3)5. (2019丽水模拟)已知角a的终边经过点(伍,—V2),贝y sin a= ____________ , sin «cos a解析:2 - 2因为角a的终边经过点(,2,—2),所以sin a=—^", cos a= [ , sin久COS a12.答案:—中的分针—保咼考,全练题型做到咼考达标拨快10分钟,则分针旋转过程中形成的角的弧度数是的分针拨快 10分钟,则分针旋转过程中形成的角的弧度数是解析:选C 将表的分针拨快应按顺时针方向旋转,为负角•故 拨快10分钟,故应转过的角为圆周的 1,即为一1X 2n — —三 6 6 3 则角B 的大小为(B 不正确,又因为 2. (2019台州模拟 )已知点P(sin(— 30°, cos(— 30°)在角B 的终边上,且氏[—2 n, 0), 解析:选D 因为 P(sin(— 30°, cos(- 30°),所以 P — 1, 又氏[—2n, 0),所以9—4n0-—3.3.已知角 a 终边上一点 P 的坐标是(2sin 2,— 2cos 2),贝U sin a 等于(A . sin 2B .— sin 2C . cos 2D . — cos 2解析:选D 因为r = 2sin 2 2+ — 2cos 22= 2,由任意三角函数的定义,得 sin a= yr=—cos 2.-一n … sin 0 cos 04.已知角a — 2k n —尹€ Z ),若角0与角a 的终边相同,则y —莎币+丽亍㈣qtan 9的值为(B .— 1解析:选B 由a — 2k n —-(k € Z )及终边相同的概念知,角a 的终边在第四象限,又角50与角a 的终边相同,所以角 0是第四象限角,所以 sin 0< 0, cos 0>0, tan 0v 0.所以y ——1+ 1 —1 — — 1.5.点 A (sin 2 018° cos 2 018°在直角坐标平面上位于 ( )A .第一象限B .第二象限C .第三象限D .第四象限解析:选 C 由 2 018°— 360°X 5 + (180° + 38°可知,所以B 是第二象限角,2 018°角的终边在第三象限,所以sin 2 018°< 0, cos 2 018°< 0,即点A位于第三象限.6.已知角a的终边经过点(3a—9, a+ 2),且cos a 0, sin a> 0,则实数a的取值范围是.解析:■/ COS aW 0, sin a> 0 ,• ••角a的终边落在第二象限或y轴的正半轴上.3a—9W 0, a + 2> 0,答案:(—2,3]7. 已知a是第二象限的角,则180°—a是第象限的角.解析:由a是第二象限的角可得90°+ k -360°< a< 180°+ k 360°k€ Z),则180°—(180 + k 360°< 180°—a< 180°—(90°+ k 360°)(k€ Z),即—k 360°< 180。

2020版高考数学(浙江专用)一轮总复习检测:4.4 三角函数的最值与综合应用 Word版含解析

2020版高考数学(浙江专用)一轮总复习检测:4.4 三角函数的最值与综合应用 Word版含解析

4.4三角函数的最值与综合应用挖命题【考情探究】分析解读 1.三角函数的最值问题是三角函数性质和三角恒等变换的综合应用,是数形结合的较好体现,是高考的热点.2.三角函数是基本初等函数,它是描述周期现象的重要模型,在数学和其他领域中具有重要的作用,在高考命题中,单摆、弹簧振子、圆上一点的运动,以及音乐、波浪、潮汐、四季变化等周期现象是新的命题背景,借此突出数学的应用性质,也是高考命题的关注点.3.预计2020年高考试题中,本节内容是高考命题的热点,复习时应高度重视.破考点【考点集训】考点三角函数的最值与综合应用1.(2018浙江镇海中学单元测试,12)函数f(x)=sin 2x+e|sin x+cos x|的最大值与最小值之差等于.答案+12.(2018浙江宁波模拟(5月),18(1))已知函数f(x)=4cos x·sin-1.求函数f(x)的单调递增区间.解析f(x)=4cos x-1=sin 2x-cos 2x-2=2sin-2,由于-+2kπ<2x-<+2kπ,k∈Z,所以-+kπ<x<+kπ,k∈Z.所以f(x)的单调递增区间为,k∈Z.炼技法【方法集训】方法1 求三角函数的值域(最值)的方法1.(2017浙江金华十校调研,17)若函数f(x)=|asin x+bcos x-1|+|bsin x-acos x|(a,b∈R)的最大值为11,则a2+b2=.答案502.(2017浙江台州调研,18)在平面直角坐标系xOy中,已知点P,将向量绕原点O按逆时针方向旋转x弧度得到向量.(1)若x=,求点Q的坐标;(2)已知函数f(x)=·,令g(x)=f(x)·f,求函数g(x)的值域.解析(1)由已知得x Q=cos=cos cos -sin·sin =,y Q=sin=sin cos +cos sin =,所以点Q的坐标为.(2)函数f(x)=·=cos+sin=cos x-sin x+cos x+sin x=cos x,于是,g(x)=cos x·cos=-sin 2x=-sin.因为-1≤sin≤1,所以g(x)的值域为.方法2 三角函数的综合应用问题的方法1.(2017浙江杭州质检,9)在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且b=5,+-=0,则a+c=()A.6B.7C.8D.9答案B2.(2018浙江名校协作体,18)函数f(x)=2sin(ωx+φ)+1的图象过点,且相邻的两个最高点与最低点的距离为.(1)求函数f(x)的解析式和单调增区间;(2)若将函数f(x)图象上所有点向左平移π个单位长度,再将所得图象上所有点的横坐标变为原来的,得到函数g(x)的图象,求g(x)在上的值域.解析(1)由已知相邻的两个最高点和最低点的距离为,可得+42=,解得ω=2.∵f=2sin+1=+1,∴sin=.又∵0<φ<,∴φ=,∴f(x)=2sin+1,当f(x)单调递增时,- +2kπ≤2x+≤+2kπ,k∈Z,∴-+kπ≤x≤+kπ,k∈Z.∴f(x)的单调增区间为,k∈Z.(2)由题意得g(x)的解析式为g(x)=-2sin 4x+1,当≤x≤时,≤4x≤,∴-≤sin 4x≤1,∴g(x)∈[-1,+1].过专题【五年高考】统一命题、省(区、市)卷题组考点三角函数的最值与综合应用1.(2016课标全国Ⅰ,12,5分)已知函数f(x)=sin(ωx+φ),x=-为f(x)的零点,x=为y=f(x)图象的对称轴,且f(x)在上单调,则ω的最大值为()A.11B.9C.7D.5答案B2.(2017课标全国Ⅱ文,13,5分)函数f(x)=2cos x+sin x的最大值为.答案3.(2017课标全国Ⅱ理,14,5分)函数f(x)=sin2x+cos x-的最大值是.答案 14.(2017山东理,16,12分)设函数f(x)=sin+sin,其中0<ω<3.已知f =0.(1)求ω;(2)将函数y=f(x)的图象上各点的横坐标伸长为原来的2倍(纵坐标不变),再将得到的图象向左平移个单位,得到函数y=g(x)的图象,求g(x)在上的最小值.解析本题考查了y=Asin(ωx+φ)的图象和性质及最值.(1)因为f(x)=sin+sin,所以f(x)=sin ωx-cos ωx-cos ωx=sin ωx-cos ωx==sin.由题设知f=0,所以-=kπ,k∈Z.故ω=6k+2,k∈Z,又0<ω<3,所以ω=2.(2)由(1)得f(x)=sin,所以g(x)=sin=sin.因为x∈,所以x-∈,当x-=-,即x=-时,g(x)取得最小值-.方法技巧y=Asin(ωx+φ)(A>0,ω>0)的图象变换:由y=sin x的图象变换得到y=Asin(ωx+φ)(A>0,ω>0)的图象有两种方法.方法一:(先平移后伸缩)y=sin x的图象y=sin(x+φ)的图象y=sin(ωx+φ)的图象y=Asin(ωx+φ)的图象.方法二:(先伸缩后平移)y=sin x的图象y=sin ωx的图象y=sin(ωx+φ)的图象y=Asin(ωx+φ)的图象.教师专用题组考点三角函数的最值与综合应用1.(2017北京文,16,13分)已知函数f(x)=cos-2sin xcos x.(1)求f(x)的最小正周期;(2)求证:当x∈时, f(x)≥-.解析本题考查三角恒等变换,三角函数的性质.(1)f(x)=cos 2x+sin 2x-sin 2x=sin 2x+cos 2x=sin.所以f(x)的最小正周期T==π.(2)证明:因为-≤x≤,所以-≤2x+≤.所以sin≥sin=-.所以当x∈时, f(x)≥-.易错警示正确化简y=f(x)是解题的关键.在(2)中,证明f(x)≥-时容易忽视x的取值范围.2.(2015天津,15,13分)已知函数f(x)=sin2x-sin2,x∈R.(1)求f(x)的最小正周期;(2)求f(x)在区间上的最大值和最小值.解析(1)由已知,有f(x)=-=- cos 2x=sin 2x-cos 2x=sin.所以, f(x)的最小正周期T==π.(2)因为f(x)在区间上是减函数,在区间上是增函数, f =-, f =-, f=.所以, f(x)在区间上的最大值为,最小值为-.评析本题主要考查两角差的正弦公式和余弦公式、二倍角公式,三角函数的最小正周期、单调性等基础知识.考查基本运算能力.3.(2014重庆,17,13分)已知函数f(x)=sin(ωx+φ)的图象关于直线x=对称,且图象上相邻两个最高点的距离为π.(1)求ω和φ的值;(2)若f=,求cos的值.解析(1)因为f(x)的图象上相邻两个最高点的距离为π,所以f(x)的最小正周期T=π,从而ω==2. 又因为f(x)的图象关于直线x=对称,所以2·+φ=kπ+,k=0,±1,±2,….由-≤φ<得k=0,所以φ=-=-.(2)由(1)得f=sin=,所以sin=.由<α<得0<α-<,所以cos===.因此cos=sin α=sin=sin cos+cos sin=×+×=.4.(2014四川,16,12分)已知函数f(x)=sin.(1)求f(x)的单调递增区间;(2)若α是第二象限角, f=cos cos 2α,求cos α-sin α的值.解析(1)因为函数y=sin x的单调递增区间为,k∈Z.由-+2kπ≤3x+≤+2kπ,k∈Z,得-+≤x≤+,k∈Z.所以,函数f(x)的单调递增区间为,k∈Z.(2)由已知,有sin=cos(cos2α-sin2α),所以sin αcos+cos αsin=(cos2α-sin2α).即sin α+cos α= (cos α-sin α)2(sin α+cos α).当sin α+cos α=0时,由α是第二象限角,知α=+2kπ,k∈Z.此时,cos α-sin α=-.当sin α+cos α≠0时,有(cos α-sin α)2=.由α是第二象限角,知cos α-sin α<0,此时cos α-sin α=-.综上所述,cos α-sin α=-或-.评析本题主要考查正弦型函数的性质,二倍角与和差角公式,简单的三角恒等变换等基础知识,考查运算求解能力,考查分类与整合、化归与转化等数学思想.5.(2014湖北,17,11分)某实验室一天的温度(单位:℃)随时间t(单位:h)的变化近似满足函数关系:f(t)=10-cos t-sin t,t∈[0,24).(1)求实验室这一天的最大温差;(2)若要求实验室温度不高于11 ℃,则在哪段时间实验室需要降温?解析(1)因为f(t)=10-2=10-2sin,又0≤t<24,所以≤t+<,-1≤sin≤1.当t=2时,sin=1;当t=14时,sin=-1.于是f(t)在[0,24)上取得最大值12,取得最小值8.故实验室这一天最高温度为12 ℃,最低温度为8 ℃,最大温差为4 ℃.(2)依题意,当f(t)>11时实验室需要降温.由(1)得f(t)=10-2sin,故有10-2sin>11,即sin<-.又0≤t<24,因此<t+<,即10<t<18.在10时至18时实验室需要降温.评析考查了正弦函数的性质,考查了运算求解能力.正确利用正弦函数的单调性是解题的关键.计算失误是造成失分的重要原因之一,应充分重视.【三年模拟】一、选择题(每小题4分,共8分)1.(2018浙江绍兴高三3月适应性模拟,10)已知x∈,y∈,且xtan y=2(1-cos x),则()A.y<B. <y<C. <y<xD.y>x答案C2.(2018浙江镇海中学阶段测试,4)有4个关于x的函数:y1=sin x+cos x,y2=sin x-cos x,y3=sin xcosx,y4=.这4个函数中,在上单调递增的函数的个数是()A.0B.1C.2D.3答案C二、填空题(单空题4分,多空题6分,共12分)3.(2019届浙江高考信息卷(二),14)已知函数f(x)=sin2x-sin2,x∈R, f(x)在区间上的最大值是,最小值是.答案;-4.(2018浙江“七彩阳光”联盟期初联考,15)已知函数f(x)=sin(ωx+φ)的图象过点.若f(x)≤f对x∈R恒成立,则ω的值为;当ω最小时,函数g(x)=f-在区间[0,22]上的零点个数为.答案ω=1+12k,k∈Z;8三、解答题(共30分)5.(2019届浙江名校新高考研究联盟第一次联考,18)已知函数f(x)=sin 2x+2sin2x.(1)求f(x)的最小正周期及单调递增区间;(2)求f(x)在区间上的最大值.解析(1)f(x)=sin 2x+2sin2x=sin 2x+1-cos 2x=2sin+1.故T==π.令2kπ-≤2x-≤2kπ+,k∈Z,得kπ-≤x≤kπ+,k∈Z,所以f(x)的单调递增区间为,k∈Z.(2)当x∈时,2x-∈,所以sin∈,所以f(x)在区间上的最大值为3.6.(2018浙江嵊州第一学期期末质检,18)已知函数f(x)=2sin x·,x∈.(1)求f;(2)求f(x)的最大值与最小值.解析(1)cos=,sin=,所以f=2××=.(2) f(x)=2sin x·=2sin x·=sin 2x+(1-cos 2x)=sin+.因为x∈,所以2x-∈.又因为y=sin z(z∈R)在区间上单调递增,在区间上单调递减,所以,当2x-=,即x=时, f(x)取得最大值;当2x-=-,即x=0时, f(x)取得最小值0.7.(2018浙江温州二模(3月),18)如图,已知函数f(x)=sin(ωx+φ)的图象与坐标轴交于点A,B,C,直线BC交f(x)的图象于另一点D,O是△ABD的重心.(1)求φ;(2)求△ACD的外接圆的半径.解析(1)∵O是△ABD的重心,C,∴A(1,0),∴=1-=,即最小正周期T=3.∵T==3,∴ω=.由f(1)=0,得sin=0,∴+φ=kπ,k∈Z,又|φ|<,∴φ=.(2)由(1)得f(x)=sin,∴B.又C,∴∠BCO=60°.又由已知得点C是BD的中点,∴D,∴|AD|==.∵==,∴△ACD的外接圆的半径为.。

(浙江专用)2020年高考数学一轮复习讲练测专题1.4三角函数图象与性质(讲)(含解析)

(浙江专用)2020年高考数学一轮复习讲练测专题1.4三角函数图象与性质(讲)(含解析)

第04讲 三角函数图象与性质 ---讲1. 理解正弦函数、余弦函数、正切函数的图象与性质,了解三角函数的周期性.2.高考预测:(1) “五点法”作图; (2)三角函数的性质;(3)往往将三角恒等变换与三角函数图象、性质结合考查. 3.备考重点:(1)掌握正弦、余弦、正切函数的图象;(2)掌握三角函数的周期性、单调性、对称性以及最值.知识点1.正弦、余弦、正切函数的图象与性质正弦函数sin y x =,余弦函数cos y x =,正切函数tan y x =的图象与性质 性质sin y x =cos y x =tan y x =图象定义域R R值域[]1,1-[]1,1-R最值当时,max 1y =;当时,min 1y =-.当时,max 1y =;当时,min 1y =-.既无最大值,也无最小值周期性2π 2ππ奇偶性,奇函数偶函数奇函数单调性在上是增函数;在上是减函数.在上是增函数;在上是减函数.在上是增函数.对称性对称中心对称轴,既是中心对称又是轴对称图形.对称中心对称轴,既是中心对称又是轴对称图形.对称中心无对称轴,是中心对称但不是轴对称图形.【典例1】(2018年北京卷文)已知函数.(Ⅰ)求的最小正周期;(Ⅱ)若在区间上的最大值为,求的最小值.【答案】(Ⅰ).(Ⅱ).【解析】(Ⅰ),所以的最小正周期为.(Ⅱ)由(Ⅰ)知.因为,所以.要使得在上的最大值为,即在上的最大值为1. 所以,即.所以的最小值为.【总结提升】(1)求最小正周期时可先把所给三角函数式化为y =Asin (ωx +φ)或y =Acos (ω x +φ)的形式,则最小正周期为2T πω=;(2)奇偶性的判断关键是解析式是否为y =Asin ωx 或y =Acos ωx +b 的形式.(3)求f (x )=Asin (ωx +φ)(ω≠0)的对称轴,只需令,求x ;求f (x )的对称中心的横坐标,只需令ωx +φ=kπ(k ∈Z )即可. 【变式1】(2017课标3,理6)设函数f (x )=cos (x +3π),则下列结论错误的是( ) A .f(x)的一个周期为−2πB .y=f(x)的图象关于直线x=83π对称 C .f(x+π)的一个零点为x=6π D .f(x)在(2π,π)单调递减 【答案】D 【解析】知识点2.“五点法”做函数的图象“五点法”作图:先列表,令,求出对应的五个错误!未找到引用源。

2020版高考数学(浙江专用)一轮总复习检测:4.4 三角函数的最值与综合应用

2020版高考数学(浙江专用)一轮总复习检测:4.4 三角函数的最值与综合应用

2019年4月4.4三角函数的最值与综合应用挖命题【考情探究】考点内容解读5年考情预测热度考题示例考向关联考点三角函数的最值与综合应用1.理解正弦函数、余弦函数、正切函数的性质(如单调性、最大值和最小值).2.会用三角函数解决一些简单的实际问题.2017浙江,18三角函数的最小正周期、单调区间三角函数的恒等变换★★★2015浙江文,11三角函数的最小值与最小正周期三角函数的恒等变换2014浙江,17三角函数的实际应用函数的最值分析解读 1.三角函数的最值问题是三角函数性质和三角恒等变换的综合应用,是数形结合的较好体现,是高考的热点.2.三角函数是基本初等函数,它是描述周期现象的重要模型,在数学和其他领域中具有重要的作用,在高考命题中,单摆、弹簧振子、圆上一点的运动,以及音乐、波浪、潮汐、四季变化等周期现象是新的命题背景,借此突出数学的应用性质,也是高考命题的关注点.3.预计2020年高考试题中,本节内容是高考命题的热点,复习时应高度重视.破考点【考点集训】考点三角函数的最值与综合应用1.(2018浙江镇海中学单元测试,12)函数f(x)=sin 2x+e|sin x+cos x|的最大值与最小值之差等于.答案+12.(2018浙江宁波模拟(5月),18(1))已知函数f(x)=4cos x·sin-1.求函数f(x)的单调递增区间.解+析f(x)=4cos x-1=sin 2x-cos 2x-2=2sin-2,由于-+2kπ<2x-<+2kπ,k∈Z,所以-+kπ<x<+kπ,k∈Z.所以f(x)的单调递增区间为,k∈Z.炼技法【方法集训】方法1 求三角函数的值域(最值)的方法1.(2017浙江金华十校调研,17)若函数f(x)=|asin x+bcos x-1|+|bsin x-acos x|(a,b∈R)的最大值为11,则a2+b2=.答案502.(2017浙江台州调研,18)在平面直角坐标系xOy中,已知点P,将向量绕原点O按逆时针方向旋转x弧度得到向量.(1)若x=,求点Q的坐标;(2)已知函数f(x)=·,令g(x)=f(x)·f,求函数g(x)的值域.解+析(1)由已知得x Q=cos=cos cos -sin·sin =,y Q=sin=sin cos +cos sin =,所以点Q的坐标为.(2)函数f(x)=·=cos+sin=cos x-sin x+cos x+sin x=cos x,于是,g(x)=cos x·cos=-sin 2x=-sin.因为-1≤sin≤1,所以g(x)的值域为.方法2 三角函数的综合应用问题的方法1.(2017浙江杭州质检,9)在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且b=5,+-=0,则a+c=()A.6B.7C.8D.9答案B2.(2018浙江名校协作体,18)函数f(x)=2sin(ωx+φ)+1的图象过点,且相邻的两个最高点与最低点的距离为.(1)求函数f(x)的解+析式和单调增区间;(2)若将函数f(x)图象上所有点向左平移π个单位长度,再将所得图象上所有点的横坐标变为原来的,得到函数g(x)的图象,求g(x)在上的值域.解+析(1)由已知相邻的两个最高点和最低点的距离为,可得+42=,解得ω=2.∵f=2sin+1=+1,∴sin=.又∵0<φ<,∴φ=,∴f(x)=2sin+1,当f(x)单调递增时,- +2kπ≤2x+≤+2kπ,k∈Z,∴-+kπ≤x≤+kπ,k∈Z.∴f(x)的单调增区间为,k∈Z.(2)由题意得g(x)的解+析式为g(x)=-2sin 4x+1,当≤x≤时,≤4x≤,∴-≤sin 4x≤1,∴g(x)∈[-1,+1].过专题【五年高考】统一命题、省(区、市)卷题组考点三角函数的最值与综合应用1.(2016课标全国Ⅰ,12,5分)已知函数f(x)=sin(ωx+φ),x=-为f(x)的零点,x=为y=f(x)图象的对称轴,且f(x)在上单调,则ω的最大值为()A.11B.9C.7D.5答案B2.(2017课标全国Ⅱ文,13,5分)函数f(x)=2cos x+sin x的最大值为.答案3.(2017课标全国Ⅱ理,14,5分)函数f(x)=sin2x+cos x-的最大值是.答案 14.(2017山东理,16,12分)设函数f(x)=sin+sin,其中0<ω<3.已知f =0.(1)求ω;(2)将函数y=f(x)的图象上各点的横坐标伸长为原来的2倍(纵坐标不变),再将得到的图象向左平移个单位,得到函数y=g(x)的图象,求g(x)在上的最小值.解+析本题考查了y=Asin(ωx+φ)的图象和性质及最值.(1)因为f(x)=sin+sin,所以f(x)=sin ωx-cos ωx-cos ωx=sin ωx-cos ωx==sin.由题设知f=0,所以-=kπ,k∈Z.故ω=6k+2,k∈Z,又0<ω<3,所以ω=2.(2)由(1)得f(x)=sin,所以g(x)=sin=sin.因为x∈,所以x-∈,当x-=-,即x=-时,g(x)取得最小值-.方法技巧y=Asin(ωx+φ)(A>0,ω>0)的图象变换:由y=sin x的图象变换得到y=Asin(ωx+φ)(A>0,ω>0)的图象有两种方法.方法一:(先平移后伸缩)y=sin x的图象y=sin(x+φ)的图象y=sin(ωx+φ)的图象y=Asin(ωx+φ)的图象.方法二:(先伸缩后平移)y=sin x的图象y=sin ωx的图象y=sin(ωx+φ)的图象y=Asin(ωx+φ)的图象.教师专用题组考点三角函数的最值与综合应用1.(2017北京文,16,13分)已知函数f(x)=cos-2sin xcos x.(1)求f(x)的最小正周期;(2)求证:当x∈时, f(x)≥-.解+析本题考查三角恒等变换,三角函数的性质.(1)f(x)=cos 2x+sin 2x-sin 2x=sin 2x+cos 2x=sin.所以f(x)的最小正周期T==π.(2)证明:因为-≤x≤,所以-≤2x+≤.所以sin≥sin=-.所以当x∈时, f(x)≥-.易错警示正确化简y=f(x)是解题的关键.在(2)中,证明f(x)≥-时容易忽视x的取值范围.2.(2015天津,15,13分)已知函数f(x)=sin2x-sin2,x∈R.(1)求f(x)的最小正周期;(2)求f(x)在区间上的最大值和最小值.解+析(1)由已知,有f(x)=-=- cos 2x=sin 2x-cos 2x=sin.所以, f(x)的最小正周期T==π.(2)因为f(x)在区间上是减函数,在区间上是增函数, f =-, f =-, f=.所以,f(x)在区间上的最大值为,最小值为-.评析本题主要考查两角差的正弦公式和余弦公式、二倍角公式,三角函数的最小正周期、单调性等基础知识.考查基本运算能力.3.(2014重庆,17,13分)已知函数f(x)=sin(ωx+φ)的图象关于直线x=对称,且图象上相邻两个最高点的距离为π.(1)求ω和φ的值;(2)若f=,求cos的值.解+析(1)因为f(x)的图象上相邻两个最高点的距离为π,所以f(x)的最小正周期T=π,从而ω==2. 又因为f(x)的图象关于直线x=对称,所以2·+φ=kπ+,k=0,±1,±2,….由-≤φ<得k=0,所以φ=-=-.(2)由(1)得f=sin=,所以sin=.由<α<得0<α-<,所以cos===.因此cos=sin α=sin=sin cos+cos sin=×+×=.4.(2014四川,16,12分)已知函数f(x)=sin.(1)求f(x)的单调递增区间;(2)若α是第二象限角, f=cos cos 2α,求cos α-sin α的值.解+析(1)因为函数y=sin x的单调递增区间为,k∈Z.由-+2kπ≤3x+≤+2kπ,k∈Z,得-+≤x≤+,k∈Z.所以,函数f(x)的单调递增区间为,k∈Z.(2)由已知,有sin=cos(cos2α-sin2α),所以sin αcos+cos αsin=(cos2α-sin2α).即sin α+cos α= (cos α-sin α)2(sin α+cos α).当sin α+cos α=0时,由α是第二象限角,知α=+2kπ,k∈Z.此时,cos α-sin α=-.当sin α+cos α≠0时,有(cos α-sin α)2=.由α是第二象限角,知cos α-sin α<0,此时cos α-sin α=-.综上所述,cos α-sin α=-或-.评析本题主要考查正弦型函数的性质,二倍角与和差角公式,简单的三角恒等变换等基础知识,考查运算求解能力,考查分类与整合、化归与转化等数学思想.5.(2014湖北,17,11分)某实验室一天的温度(单位:℃)随时间t(单位:h)的变化近似满足函数关系:f(t)=10-cos t-sin t,t∈[0,24).(1)求实验室这一天的最大温差;(2)若要求实验室温度不高于11 ℃,则在哪段时间实验室需要降温?解+析(1)因为f(t)=10-2=10-2sin,又0≤t<24,所以≤t+<,-1≤sin≤1.当t=2时,sin=1;当t=14时,sin=-1.于是f(t)在[0,24)上取得最大值12,取得最小值8.故实验室这一天最高温度为12 ℃,最低温度为8 ℃,最大温差为4 ℃.(2)依题意,当f(t)>11时实验室需要降温.由(1)得f(t)=10-2sin,故有10-2sin>11,即sin<-.又0≤t<24,因此<t+<,即10<t<18.在10时至18时实验室需要降温.评析考查了正弦函数的性质,考查了运算求解能力.正确利用正弦函数的单调性是解题的关键.计算失误是造成失分的重要原因之一,应充分重视.【三年模拟】一、选择题(每小题4分,共8分)1.(2018浙江绍兴高三3月适应性模拟,10)已知x∈,y∈,且xtan y=2(1-cos x),则()A.y<B. <y<C. <y<xD.y>x答案C2.(2018浙江镇海中学阶段测试,4)有4个关于x的函数:y1=sin x+cos x,y2=sin x-cos x,y3=sin xcosx,y4=.这4个函数中,在上单调递增的函数的个数是()A.0B.1C.2D.3答案C二、填空题(单空题4分,多空题6分,共12分)3.(2019届浙江高考信息卷(二),14)已知函数f(x)=sin2x-sin2,x∈R, f(x)在区间上的最大值是,最小值是.答案;-4.(2018浙江“七彩阳光”联盟期初联考,15)已知函数f(x)=sin(ωx+φ)的图象过点.若f(x)≤f对x∈R恒成立,则ω的值为;当ω最小时,函数g(x)=f-在区间[0,22]上的零点个数为.答案ω=1+12k,k∈Z;8三、解答题(共30分)5.(2019届浙江名校新高考研究联盟第一次联考,18)已知函数f(x)=sin 2x+2sin2x.(1)求f(x)的最小正周期及单调递增区间;(2)求f(x)在区间上的最大值.解+析(1)f(x)=sin 2x+2sin2x=sin 2x+1-cos 2x=2sin+1.故T==π.令2kπ-≤2x-≤2kπ+,k∈Z,得kπ-≤x≤kπ+,k∈Z,所以f(x)的单调递增区间为,k∈Z.(2)当x∈时,2x-∈,所以sin∈,所以f(x)在区间上的最大值为3.6.(2018浙江嵊州第一学期期末质检,18)已知函数f(x)=2sin x·,x∈.(1)求f;(2)求f(x)的最大值与最小值.解+析(1)cos=,sin=,所以f=2××=.(2) f(x)=2sin x·=2sin x·=sin 2x+(1-cos 2x)=sin+.因为x∈,所以2x-∈.又因为y=sin z(z∈R)在区间上单调递增,在区间上单调递减,所以,当2x-=,即x=时, f(x)取得最大值;当2x-=-,即x=0时, f(x)取得最小值0.7.(2018浙江温州二模(3月),18)如图,已知函数f(x)=sin(ωx+φ)的图象与坐标轴交于点A,B,C,直线BC交f(x)的图象于另一点D,O是△ABD的重心.(1)求φ;(2)求△ACD的外接圆的半径.解+析(1)∵O是△ABD的重心,C,∴A(1,0),∴=1-=,即最小正周期T=3.∵T==3,∴ω=.由f(1)=0,得sin=0,∴+φ=kπ,k∈Z,又|φ|<,∴φ=.(2)由(1)得f(x)=sin,∴B.又C,∴∠BCO=60°.又由已知得点C是BD的中点,∴D,∴|AD|==.∵==,∴△ACD的外接圆的半径为.。

2020年高考 浙江高考一轮数学 专项强化练五 三角函数最值或值域的求解策略

2020年高考 浙江高考一轮数学            专项强化练五 三角函数最值或值域的求解策略
2
(1)求角 A 和角 B 的大小;
3
(2)已知当 x∈R 时,函数 f(x)=sin x(cos x+asin x)的最大值为 ,求 a 的值.
2
解析 (1)由(b+c)2-a2=(2+ 2)bc 得 b2+c2-a2= 2bc,
������2 + ������2 - ������2 2
∴cos A=
A. π
B. 2π
2 019
2 019

π
C.
D.
2 019
4 038
( ) ( ) ( ) π
π
π
答案 B f(x)=sin 2 019������ + 6 +cos 2 019������ - 3 =sin 2 019������ + 6 +cos
( ) ( ) 2
ππ
������
'(x)=0,则 x= +kπ(k∈Z),解得 x=
������ 2
2
( ) ( ) ( ) ( ) ������20+[������(������0)]2=
������
2 + km
2
+3sin2
π
2 + kπ
=
������
2 + km
2
+3cos2kπ=m2
1
2+k
2
+3,
∵k∈Z,∴k=0 时,������20+[������(������0)]2取得最小值���4���2+3,存在 f(x)的极值点 x0 满足������20+
解 t2-t>2 得 t>2 或 t<-1,
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知 2b c
cos C

a cos A
(Ⅰ)求角 A 的大小;
在△ ABC 中, 角 A, B, C 所对的边分别是
a, b, c , 已
(Ⅱ) 若 a = 14 , b + c = 4 2 ,求△ ABC 的面积.
7、(丽水、衢州、湖州三地市 2019 届高三上学期期末)在△ ABC 中,角 A, B, C 的对边分别为 a,

扇形的内接矩形 .
( I)当 是扇形弧上的四等分点(靠近 )时,求点 的纵坐标;
( II)当 在扇形弧上运动时,求矩形
面积的最大值 .
y
Q
D
C
O
A
BP
x
9、(台州市 2019 届高三上学期期末质量评估)已知函数
(Ⅰ)求函数 f ( x) 的单调递增区间;
x
x
x
f ( x) sin ( 3 sin cos ) .
π

所以
2kπ x
2kπ,解得
2kπ x
2Байду номын сангаасπ, k Z.
2
32
6
6
所以函数 f ( x) 的单调递增区间为
π.
62
(Ⅰ)求 f (x) 的解析式;
(Ⅱ)若 f (
3
)
,求 sin 的值.
35
π) ,其图
12、(杭州市 2019 届高三 4 月教学质量检测(二模) )已知函数 f x
3 sin 2x 2sin 2 x .
( 1)求函数 f x 的单调递增区间;
( 2)当 x
, 时,求函数 f x 的值域. 36
4
3 sin sin
4
BAC
2 1 2 2 2 4- 2
=-
+
=
……………………………… 14 分
232 3
6
6、
7、
8、
9、解:(Ⅰ) f ( x)
3 sin 2 x
xx sin cos
2
22
3
1
(1 cos x) sin x
2
2
π3
sin( x )
.
32
………………………………3…分……
π
ππ
BD …………………… 7 分 sin BAD
BD sin B 所以 sin BAD
AD
62 2
3
3
………………………… 8 分
3
cos BAC
1 2sin 2 BAD
1
………………………… 10 分
3
所以 sin BAC
22
………………………… 11 分
3
所以 cosC
3 cos(
4
3 BAC ) cos cos BAC
B. [ 3, 3)
C. [ 3,2)
D. [0,2)
5、(温州九校 2019 届高三第一次联考) 已知函数 f ( x) (1 tan x) sin 2x ,则 f ( x) 的定义域为
__________, f ( x) 的最大值为 _________.
6、(嘉兴市 2019 届高三上学期期末检测)已知函数
6
),
2
参考答案: 1、
2、
3、
4、解:(Ⅰ)因为 c cos A b cosC b ,由正弦定理,得 sin C cos A sin B 1 cosC , 即 sin B sin C cos A sin B cosC = sin A C sin AcosC cosA sin C , …4分 所以 sin B cosC sin A cosC ,故 cosC 0 或 sin A sin B . …5分
2
2
2
(Ⅱ)设△ ABC中的内角 A ,B ,C 所对的边分别为 a ,b ,c ,若 f (B )
的取值范围.
3 ,且 b
2
3 ,求 a 2 c 2
10 、( 浙 南 名 校 联 盟 ( 温 州 九 校 ) 2019 届 高 三 上 学 期 期 末 联 考 )( I ) 证 明 :
1
si n co s
别为 a, b, c ,且 b sin 2C csin B .
(Ⅰ)求角 C ;
(Ⅱ)若 sin( B
3 ) ,求 sin A 的值 .
35
15、(台州市 2019 届高三 4 月调研)已知函数 f ( x)= sin 2 x cos 2 x 2 3 sin x cos x , x R . (I)求 f (x) 的单调递增区间;
4

5
( , ),则 2
c o s ________, tan 2 ________.
参考答案:
1、
2
2、
3、 A 4、C
3
5、 { x| x
k ,k Z} , 1 2
2
6、 1 , 7 2 25
7、 A
8、
9、 C
1 10、 1;
2
11、
12、
13、
14、C
15、 ; 3 3
二、解答题
16、 5 , 8 7 ; 93
3- 6
C.
6
36
D.
6
8、(宁波市 2019 届高三上学期期末考试) 将函数
的图像的每一个点横坐标缩短
为原来的一半, 再向左平移 个单位长度得到
的图像,则
;若函数
在区间

上单调递增,则实数 的取值范围是
9、(台州市 2019 届高三上学期期末质量评估)已知函数
a ,则实数 a 的取值范围是
π y sin x a cos x , x [0, ] 的最小值为
13、(稽阳联谊学校 2019 届高三 4 月联考)已知函数 (I)求 a 的值及 f (x) 的最小正周期;
f (x) 4cos xsin( x
) a 的最大值为 2 ,求: 6
(Ⅱ) y f (x) 在 5 ,0 上的值域 . 12
14、(绍兴市上虞区 2019 届高三第二次( 5 月)教学质量调测)在 ABC 中,角 A, B, C 所对边长分
为 a, b, c ,已知 A 45 , B 60 , b 3 ,则 a ( )
A. 2
B. 6
3
C.
2
2
3
D.
6
2
4、(七彩阳光联盟 2019 届高三上学期期初联考) 已知函数 f ( x) sin 2 x
有两个不同的零点,则 m 的取值范围为(

3 cos2x m 在 [0, ] 上 2
A. [ 3,2)
别为 a, b, c ,若 a 2 b 2 2c 2 ,则角 C 的取值范围
A . 0, 6
B ., 64
C . 0, 3
D ., 43
15、(台州市 2019 届高三 4 月调研)在 DABC 中, AD 是 BC 边上的中线,∠ ABD= π. 6
( 1)若 AB= 3BD ,则∠ CAD=

( 2)若 AC = 2 AD = 2 ,则 D ABC 的面积为 .
16、(温州市 2019 届高三 2 月高考适应性测试)在 ABC 中, C= 45°, AB=6 , D 为 BC 边上的
点,且 AD= 5,BD =3 ,则 cos B= ▲ , AC=▲ .
17 、( 浙 江 省 名 校 协 作 体 2019 届 高 三 上 学 期 第 一 次 联 考 ) 知 sin
浙江省 2020 届高三数学一轮复习典型题专项训练
一、选择、填空题
三角函数
1、( 温州市 2019 届高三 8 月适应性测试) 在 ABC 中,角 A, B,C 所对的边分别为 a, b, c ,AD 是 BC
上的高,若 a
73 , AD
3, A
60 ,则 bc =________, b c =_________.
17、 - 3 , 24 57
1、(温州市 2019 届高三 8 月适应性测试) 已知
( 1)求 sin 的值;
( , ), tan 2
3

2
( 2)求函数 f (x) 2sin x cos x cos
(cos2 x sin 2 x) sin , x [ , ] 的值域。 4 ,2
2、(金丽衢十二校 2019 届高三第一次联考)如图,在
[ si n(
) s i n ( R) ;] ( ,
)
2
(II )求函数 f ( x) sin x cos(x ) 的最小正周期与单调递增区间 . 3
11、(绍兴市 2019 届高三 3 月适应性考试)已知函数 f ( x) cos( x )( 0,0
象经过点 M ( π,
1 ) ,且与 x 轴两个相邻交点的距离为
11、(绍兴市 2019 届高三 3 月适应性考试)已知△ ABC的内角 A, B, C 的对边分别为 a, b,c,若
1
2
cos A , b c,且△ ABC的面积是 2 ,则 b
3
3
▲ , sin C
▲.
12、( 杭州市 2019 届高三 4 月教学质量检测 (二模))在 △ABC 中,角 A , B , C 所对的边分别为
3
2、(金丽衢十二校 2019 届高三第一次联考)已知函数 y= sin x + 3 cos x 是由 y= sin x - 3 cos x
向左平移 ( (0,2 ]) 个单位得到的,则 = _____
3、(浙江省名校协作体 2019 届高三上学期第一次联考) 在 ABC 中,内角 A, B , C 所对的边长分别
3
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