东南大学大学物理下2015期中模拟卷
2015届高三模拟考试试卷-南师三模物理
2015届高三模拟考试试卷物 理2015.5本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分．满分120分，考试时间100分钟．第Ⅰ卷(选择题 共31分)一、 单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分．每小题只有一个选项符合题意．1. 关于电磁现象，下列说法错误的是( ) A. MP3播放器的耳机是把电信号转化为声信号B. 煤气灶电子点火电极做成球形比做成针尖状好，有利于和空气接触C. 连接电路的导线一般用电阻率较小的铝或者铜制作，必要时可在导线上镀银D. 南京某高层建筑的避雷针接地线，在一次雷击时电流方向竖直向下，地磁场的作用使其受到安培力的方向向东2. 2011年中俄联合实施探测火星活动计划，由中国负责研制的“萤火一号”火星探测器与俄罗斯研制的“福布斯—土壤”火星探测器一起，由俄罗斯“天顶”运载火箭发射前往火星，在火星上绕圆轨道运行．已知地球质量约为火星质量的9倍，火星的半径约为地球半径的12，地球表面重力加速度为g.利用以上数据可以求出( )A. 探测器在火星表面所受的重力B. 火星与地球绕太阳公转周期之比C. 探测器环绕火星做圆轨道飞行的最大速度与地球第一宇宙速度的比值D. 火星同步卫星与地球同步卫星运行的周期之比3. 如图是一种理想自耦变压器的示意图．线圈绕在一个圆环形的铁芯上，P 是可移动的滑动触头．AB 间接交流电压U ，输出端接通了两个相同的灯泡L 1和L 2，Q 为滑动变阻器的滑动触头．当开关S 闭合，P 处于如图所示的位置时，两灯均能发光．下列说法正确的是( )A. P 不动，将Q 向右移动，变压器的输入功率变大B. P 不动，将Q 向左移动，两灯均变暗C. P 、Q 都不动，断开开关S ，L 1将变暗D. Q 不动，将P 沿逆时针方向移动，变压器输入功率变大4. 在高能粒子研究中，往往要把一束含有大量质子和α粒子的混合粒子分离开，如图初速度可忽略的质子和α粒子，经电压为U的电场加速后，进入分离区．如果在分离区使用匀强电场或匀强磁场把粒子进行分离，所加磁场方向垂直纸面向里，所加电场方向竖直向下，则下列可行的方法是( )A. 只能用电场B. 只能用磁场C. 电场和磁场都可以D. 电场和磁场都不可以5. 如图所示电路中，L为电感线圈，C为电容器，当开关S由断开变为闭合后，则( )A. A灯不可能发光B. B灯立即熄灭C. A灯中有电流通过，方向由a到bD. B灯逐渐熄灭，c点电势低于d点电势二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分．每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．6. 如图所示为某直升机的俯视图，该直升机两侧均装有等高的照明弹发射管．当飞机悬停时发射方向与飞行方向垂直，测得照明弹发射速度大小为v.现直升机以速率v保持与水平地面固定高度差做匀速直线飞行，每隔Δt时间按下发射开关，不计空气阻力，且Δt远小于照明弹在空中运动的时间，则( )A. 照明弹以初速2v做平抛运动B. 同侧同一发射筒发射的照明弹在空中处于同一条抛物线上C. 照明弹落地点在一条抛物线上D. 同时发射的照明弹在同一个水平面上7. 如图甲所示，轻杆一端固定在O点，另一端固定一小球，现让小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动．小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为F，小球在最高点的速度大小为v，其Fv2图象如图乙所示．则( )A. v 2＝c 时，杆对小球的弹力方向向上B. v 2＝2b 时，小球受到的弹力与重力大小相等C. 小球的质量为aRbD. 当地的重力加速度大小为Rb8. 位于正方形四角上的四个等量点电荷的电场线分布如图所示，ab 、cd 分别是正方形两条边的中垂线，O 点为中垂线的交点，P 、Q 分别为cd 、ab 上的点，OP<OQ.则下列说法正确的是( )A. P 、O 两点的电势关系为φP ＝φOB. 若一正点电荷从P 点沿直线移动到O 点，则该点电荷受到的电场力一定逐渐增大C. 若将某一负电荷由P 点沿着图中曲线PQ 移到Q 点，电场力做负功D. 将一正点电荷从位于ab 右侧、cd 上方的某位置(不包括＋q 所在处)，移到关于cd 对称的另一位置，该点电荷的电势能减少9. 如图甲所示，用竖直向上的力F 拉静止在水平地面上的一物体，物体在向上运动的过程中，其机械能E 与位移x 的关系如图乙，其中AB 为曲线，其余部分为直线．下列说法正确的是( )A. 0～x 1过程中，物体所受拉力不变B. x 1～x 2过程中，物体的加速度先减小后增大C. 0～x 3过程中，物体的动能先增大后减小D. 0～x 2过程中，物体克服重力做功的功率一直增大第Ⅱ卷(非选择题 共89分)三、 简答题：本题分必做题(第10、11题)和选做题(第12题)两部分，共42分．请将解答填写在相应的位置．10. (8分)根据机械能守恒定律，探究弹簧的弹性势能与压缩量的关系． (1) 如图1，将轻质弹簧下端固定于铁架台，在上端的托盘中依次增加砝码，测量相应的弹簧长度，部分数据如下表，由数据算得劲度系数k ＝________N/m.(保留两位有效数字，g 取9.8 m/s 2)(2) 滑块离开弹簧后，通过两个光电门的遮光时间________(填“相等”或“不相等”)．(3) 用滑块压缩弹簧，记录弹簧的压缩量x ；释放滑块，记录滑块脱离弹簧后的速度v ，释放滑块过程中，弹簧的弹性势能转化为________．(4) 重复(3)中的操作，得到v 与x 的关系如图3，由图可知，v 与x 成________关系，由上述实验可得结论：对同一根弹簧，弹性势能与弹簧的____________成正比．11. (10分)(1) 如图1多用电表使用时红表棒应该插在________(填“A ”或“B ”)位置，欧姆调零时调节的是________(填“C ”或“D ”)旋钮，如图2多用电表电阻“×10 Ω”挡欧姆调零后内部电路的总电阻约为________Ω，如果选择的是100 mA 的挡，读数为________．(2) 实验室有如下器材；电流表A 1，满偏电流约为500 μA(有刻度无刻度值，总格数为N)，内阻约600 Ω；电流表A 2，量程为0～300 μA ，内电阻R A2＝1 000 Ω 电流表A 3，量程为0～1 mA ，内电阻R A3＝100 Ω 电压表V ，量程0～15 V ，内阻R V ＝13 k Ω 滑动变阻器R ，最大阻值为5 Ω，额定电流2A 电池：电动势3 V ，内阻不计电键，导线若干要求设计一个电路能多测几组实验数据，比较精确地测出A 1表的内阻r g 和满偏电流I g① 在方框内画出测量所使用的电路图，并注明各元件符号． ② 当电流表A 1的指针指n 格时(总格数为N)，电流表A 2的读数为I 2，电流表A 3的读数为I 3，用上述物理量表示的A 1表的满偏电流表达式I g ＝________；A 1表的内阻表达式r g ＝________．12. 【选做题】本题包括A 、B 、C 三小题，请选定其中两小题作答．若多做，则按A 、B 两小题评分．A. (选修模块33)(12分)(1) 下列关于图象说法正确的是________．A. 图甲是做布朗运动实验得到的观测记录，图中记录的是微粒的运动轨迹B. 图乙是两分子系统的势能E p 与两分子间距离r 的关系曲线，在r 由r 1变到r 2的过程中，分子间的作用力表现为斥力，分子间的作用力做正功C. 图丙是某种气体在不同温度下的气体分子速率分布曲线，图中所对应的温度关系是T Ⅰ>T ⅡD. 图丁是表示一个平面上晶体物质微粒的排列情况，因为在不同方向上物质微粒的排列情况不同，所以引起晶体的不同方向上物理性质的不同(2) 把密度为ρ＝0.76×103 kg/m 3的某种油，用滴管滴出一滴在水面上形成油膜，已知这滴油的体积为V ＝0.50×10－3mL ，形成的油膜面积S ＝0.70 m 2，已知这种油的摩尔质量M 0＝0.09 kg/mol ，若把油膜看成是紧密排列的单分子层，每个油分子看成球形，则油分子的直径是________m(保留两位有效数字)．由以上数据还可粗略地测出阿伏加德罗常数N A ，其表达式为________(用以上字母表示)．(3) 如图所示，竖起放置的圆柱形气缸，体积为V ，顶部有一质量和厚度均可忽略的活塞，内壁光滑且导热良好，气缸内密封一定质量的理想气体，开始时气体的温度为2T0、压强为1.2p，p和T分别为周围大气的压强和温度．已知：一定质量的理想气体的内能与热力学温度成正比U＝kT(k>0)，容器内气体的所有变化过程都是缓慢的．求：①气缸内气体与大气达到平衡时的体积V′；②在整个过程中，气缸内气体放出的热量Q.B. (选修模块34)(12分)(1) 关于物理原理在技术上的应用，下列说法中正确的是________．A. 激光全息照相是利用了激光相干性好的特性B. 3D电影是利用了光的干涉特性C. 摄影机镜头镀膜增透是利用了光的衍射特性D. 红外遥感是利用了红外线具有显著热效应的特性(2) 某同学测量玻璃砖的折射率，准备了下列器材：激光笔、直尺、刻度尺、一面镀有反射膜的平行玻璃砖．如图所示，直尺与玻璃砖平行放置，激光笔发出的一束激光从直尺上O点射向玻璃砖表面，在直尺上观察到A、B两个光点，读出OA间的距离为20.00 cm，AB间的距离为6.00 cm，测得图中直尺到玻璃砖上表面距离d1＝10.00 cm，玻璃砖厚度d2＝4.00 cm.玻璃的折射率n＝________，光在玻璃中传播速度v＝________m/s(光在直空中传播速度c＝3.0×108m/s，结果保留两位有效数字)．(3) 一列简谐波沿＋x轴方向传播，t＝0时刻波的图象如图所示，此刻波刚好传播至x1＝10 m处，在此后2 s时间内x1＝10 m处的质点通过的总路程是20 cm.求：①波沿x轴传播速度v；② x轴上x2＝20 m处的质点何时开始振动？开始振动时的方向如何？C. (选修模块35)(12分)(1) 下面说法正确的是________．A. 轧钢厂的热轧机上安装的射线测厚仪，所用的射线是β射线B. 氡原子核的半衰期是3.8天，8个氡原子核经过第一个3.8天剩余4个，经过第二个3.8天只剩余2个C. 核反应如果从比结合能大的原子核变成比结合能小的原子核，该核反应将释放能量D. 电子显微镜的分辨本领大于光学显微镜的分辨本领，这是因为高速电子的德波罗意波长比可见光的波长短得多，减小了衍射现象的影响(2) 图中画出了氢原子的4个能级，并注明了相对应的能级En.处在n＝4的能级的一群氢原子向低能级跃迁时，能够发出若干种不同频率的光波．已知金属钙的逸出功为3.20 eV.在这些光波中，能够从金属钙的表面打出光电子的总共有________种，其中光电子的初动能的最大值为________eV.(3) 在可控核反应堆中需要给快中子减速，轻水、重水和石墨等常用作减速剂。
【物理】南京盐城2015届高考第二次模拟考试物理试卷含答案
【关键字】物理南京、盐城市2015届高三年级第二次模拟考试物理试题说明：1．本试卷满分120分，考试时间100分钟2．本试卷分为第Ⅰ卷和第Ⅱ卷，所有题目一律在答题卡上相应位置规范作答第Ⅰ卷（选择题，共31分）一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．1．下列图片显示的技术中，属于防范静电危害的是2．目前，我市每个社区均已配备了公共体育健身器材．图示器材为一秋千，用两根等长轻绳将一座椅悬挂在竖直支架上等高的两点．由于长期使用，导致两根支架向内发生了稍小倾斜，如图中虚线所示，但两悬挂点仍等高．座椅静止时用F表示所受合力的大小，F1表示单根轻绳对座椅拉力的大小，与倾斜前相比A．F不变，F1变小B．F不变，F1变大C．F变小，F1变小D．F变大，F1变大3．图甲是小型交流发电机的示意图，在匀强磁场中，一矩形金属线圈绕与磁场方向垂直的轴匀速转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图像如图乙所示．发电机线圈内阻为10Ω，外接一只电阻为90Ω的灯泡，不计电路的其他电阻，则图甲图乙A．t＝0时刻线圈平面与中性面垂直B．每秒钟内电流方向改变100次C．灯泡两端的电压为22VD．0~0.01s时间内通过灯泡的电量为04．如图甲所示，x轴上固定两个点电荷Q1、Q2（Q2位于坐标原点O），其上有M、N、P 三点，间距MN=NP．Q1、Q2在轴上产生的电势随x变化关系如图乙．则A．M点电场场强大小为零B．N点电场场强大小为零C．M、N之间电场方向沿x轴负方向D．一正试探电荷从P移到M过程中，电场力做功5．一滑块以一定的初速度从一固定斜面的底端向上冲，到斜面上某一点后返回底端，斜面粗糙．滑块运动过程中加速度与时间关系图像如右图所示．下列四幅图像分别表示滑块运动过程中位移x、速度v、动能Ek和重力势能Ep（以斜面底端为参考平面）随时间变化的关系图像，其中正确的是A．B．C．D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分.每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答得0分6．如图所示，在一端封闭的光滑细玻璃管中注满清水，水中放一红蜡块R（R视为质点）．将玻璃管的开口端用胶塞塞紧后竖直倒置且与y轴重合，在R从坐标原点以速度v0=/s匀速上浮的同时，玻璃管沿x轴正向做初速度为零的匀加速直线运动，合速度的方向与y 轴夹角为α．则红蜡块R的A．分位移y与x成正比B．分位移y的平方与x成正比C．合速度v的大小与时间t成正比D．tanα与时间t成正比7．据英国《卫报》网站报道，在太阳系之外，科学家发现了一颗最适宜人类居住的类地行星，绕恒星橙矮星运行，命名为“开普勒438b”．假设该行星与地球绕恒星均做匀速圆周运动，其运行的周期为地球运行周期的p倍，橙矮星的质量为太阳的q倍．则该行星与地球的A．轨道半径之比为B．轨道半径之比为C．线速度之比为D．线速度之比为8．如图所示，在滑动变阻器的滑片向左滑动的过程中，理想电压表、电流表的示数将发生变化，电压表V1、V2示数变化量的绝对值分别为△U1、△U2，已知电阻R大于电源内阻r，则A．电流表A的示数增大B．电压表V2的示数增大C．电压表V1的示数增大D．△U1大于△U29．如图所示，空间有一垂直纸面向外的磁感应强度为0.5 T的匀强磁场，一质量为且足够长的绝缘木板静止在光滑水平面上，在木板左端放置一质量为m=、带正电q = 的滑块，滑块与绝缘木板之间动摩揩因数为0.5，滑块受到的最大静摩揩力可认为等于滑动摩揩力．现对木板施加方向水平向左，大小为F=0.6 N的恒力，g取/s2．则滑块A．开始做匀加速运动，然后做加速度减小的加速运动，最后做匀速直线运动B．一直做加速度为/s2的匀加速运动,直到滑块飞离木板为止C．速度为/s时，滑块开始减速D．最终做速度为/s的匀速运动第Ⅱ卷（非选择题，共89分）三、简答题：本题分必做题（第10、11题）和选做题（第12题）两部分，共计42分.请将解答填写在答题纸相应的位置.10．（8分）某同学准备利用下列器材测量干电池的电动势和内电阻．A．待测干电池两节，每节电池电动势约为1.5 V，内阻约几欧姆B．直流电压表V1、V2，量程均为3 V，内阻约为3 kΩC ．定值电阻R0未知D ．滑动变阻器R ，最大阻值RmE ．导线和开关（1） 根据如图甲所示的实物连接图，在图乙方框中画出相应的电路图图甲 图乙（2）实验之前，需要利用该电路图测出定值电阻R 0，方法是先把滑动变阻器R 调到最大阻值R m ，再闭合开关，电压表V 1和V 2的读数分别为U 10、U 20，则R 0= （用U 10、U 20、R m 表示）（3）实验中移动滑动变阻器触头，读出电压表V 1和V 2的多组数据U 1、U 2，描绘出U 1－U 2图象如图丙所示，图中直线斜率为k ，与横轴的截距为a ，则两节干电池的总电动势E ＝，总内阻r ＝（用k 、a 、R 0表示）．11．某同学用如图甲所示的实验装置来“探究a 与F 、m 之间的定量关系”．（1）实验时，必须先平衡小车与木板之间的摩擦力．该同学是这样操作的：如图乙，将小车静止地放在水平长木板上，并连着已穿过打点计时器的纸带，调整木板右端的高度，接通电源，用手轻拨小车，让打点计时器在纸带上打出一系列________________的点，说明小车在做________________运动．图甲 图乙（2）如果该同学先如（1）中的操作，平衡了摩擦力．以砂和砂桶的重力为F ，在小车质量M 保持不变情况下，不断往桶里加砂，砂的质量最终达到M 31，测小车加速度a ，作a -F 的图像．下列图线正确的是 ．A ．B ．C ．D ．（3）设纸带上计数点的间距为S 1和S 2．如图为用米尺测量某一纸带上的S 1、S 2的情况，从图中可读出S 1＝3.10cm ， S 2＝________cm ，已知打点计时器的频率为50Hz ，由此求得加速度的大小a ＝_______m/s 2． 12-A ．（选修模块3-3）（12分）（1）（4分）下列说法正确的是____________A. 悬浮在液体中的微粒越小，受到液体分子的撞击就越容易平衡B. 物体中所有分子的热运动动能的总和叫做物体的内能C. 热力学温度T 与摄氏温度t 的关系为t =T+273.15D. 液体表面的分子距离大于分子间的平衡距离，使得液面有表面张力 （2）图为一定质量理想气体的压强p 与体积V 的关系图像，它由状态A 经等容过程到状态B ，再经等压过程到状态C .设A 、B 、C 状态对应的温度分别为T A 、T B 、T C ，则T A =______ T C . 从状态B 到状态C 过程气体________热(填“吸”、“放”)．2a图丙p 2p（3）某教室的空间体积约为1203m ．试计算在标准状况下，教室里空气分子数．已知：阿伏加德罗常数23100.6⨯=A N mol -1，标准状况下摩尔体积30104.22-⨯=V m 3．（计算结果保留一位有效数字） 12B ．选修模块3-4 (12分)（1）（4分）下列说法正确的是__________A ．一条沿自身长度方向运动的杆，其长度总比杆静止时长B ．根据多普勒效应可以判断遥远天体相对于地球的运动速度C ．大量事实证明，电磁波不能产生衍射现象D ．受迫振动的频率总等于系统的固有频率（2）过去已知材料的折射率都为正值(n >0)．现已有针对某些电磁波设计制作的人工材料，其折射率可以为负值(n <0) ，称为负折射率材料．位于空气中的这类材料，入射角i 与折射角r 依然满足sin i sin r ＝n ，但是折射线与入射线位于法线的同一侧(此时折射角取负值)．现空气中有一上下表面平行的负折射率材料，一束电磁波从其上表面以入射角α射入，下表面射出．若该材料对此电磁波的折射率n ＝－1，请画出正确反映电磁波穿过该材料的传播路径的示意图，若在上下两个表面电磁波的折射角分别为r 1、r 2，则r 1____ r 2(填“大于”、“等于”、“小于”)，（3）竖直悬挂的弹簧振子下端装有记录笔，在竖直面内放置记录纸．当振子上下振动时，以水平向左速度v =10m/s 匀速拉动记录纸，记录笔在纸上留下记录的痕迹，建立坐标系，测得的数据如图所示，求振子振动的振幅和频率． 12C ．（选修模块3-5） (12分)（1）（4分）下列说法正确的是___________A ．放射性元素的半衰期随温度升高而减小B ．光和电子都具有波粒二象性C ．α粒子散射实验可以估算出原子核的数量级为1010-mD ．原子核的结合能越大，原子核越稳定（2）用图题12C-1所示的装置研究光电效应现象，当用光子能量为5 eV 的光照射到光电管上时，测得电流计上的示数随电压变化的图像如图题12C-2所示．则光电子的最大初动能为________J ，金属的逸出功为__________ J.图题12C-1 图题12C-2（3）一枚火箭搭载着卫星以速率v 0进入太空预定位置，由控制系统使箭体与卫星分离．已知前部分的卫星质量为m 1，后部分的箭体质量为m 2，分离后箭体以速率v 2沿火箭原方向飞行，若忽略空气阻力及分离前后系统质量的变化，则分离后卫星的速率v 1是多大四、计算题： 本题共3小题，共计47分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．13．（15分）如图所示，在匀强磁场中有一足够长的光滑平行金属导轨，与水平面间的夹角θ=30°，间距L=0.5m ，上端接有阻值R=0.3Ω的电阻．匀强磁场的磁感应强度大小B=0.4T ，磁场方向垂直导轨平面向上．一质量m=0.2kg ，电阻r=0.1Ω的导体棒MN ，在平行于导轨的外力F 作用下，由静止开始向上做匀加速运动，运动过程中导体棒始终与导轨垂直，且接触良好．当棒的位移d=9m 时，电阻R 上消耗的功率为P=2.7W ．其它电阻不计， g 取10 m/s 2．求： （1）此时通过电阻R 上的电流； （2）这一过程通过电阻R 上的电荷量q ； （3）此时作用于导体棒上的外力F 的大小．14．（16分）如图所示的x O y 坐标系中，y 轴右侧空间存在范围足够大的匀强磁场，磁感应强度大小为B ，方向垂直于x O y 平面向里．P 点的坐标为（-2L ，0），Q 1、Q 2两点的坐标分别为（0， L ），（0，-L ）．坐标为（13L -，0）处的C 点固定一平行于y 轴放置的长为23L 的绝缘弹性挡板，C 为挡板中点，带电粒子与弹性绝缘挡板碰撞前后，沿y 方向分速度不变，沿x 方向分速度反向，大小不变． 带负电的粒子质量为m ，电量为q ，不计粒子所受重力．若粒子在P 点沿PQ 1方向进入磁场，经磁场运动后，求： （1）从Q 1直接到达Q 2处的粒子初速度大小；（2）从Q 1直接到达O 点，粒子第一次经过x 轴的交点坐标； （3）只与挡板碰撞两次并能回到P 点的粒子初速度大小．15．（16分）如图所示，一个质量为M 长为L 的圆管竖直放置，顶端塞有一个质量为m 的弹性小球，M=4m ，球和管间的滑动摩擦力和最大静摩擦力大小均为4mg ．管从下端离地面距离为H 处自由落下，运动过程中，管始终保持竖直，每次落地后向上弹起的速度与落地时速度大小相等，不计空气阻力，重力加速度为g ．求： （1）管第一次落地弹起时管和球的加速度；（2）管第一次落地弹起后，若球没有从管中滑出，则球与管达到相同速度时，管的下端距地面的高度；（3）管第二次弹起后球不致滑落，L 应满足什么条件．南京、盐城市2015届高三年级第二次模拟考试物理学科参考答案及评分标准一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分。
2015年江苏省高考物理模拟试卷(解析版)
2015年江苏省高考物理模拟试卷（解析版）一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分．每小题只有一个选项符合题意．选对的得3分，错选或不答的得0分．1．（3分）下列叙述正确的是（）A．力、长度和时间是力学中三个基本物理量，它们的单位牛顿、米和秒就是基本单位B．伽利略用“月﹣地检验”证实了万有引力定律的正确性C．法拉第最先提出电荷周围存在电场的观点D．牛顿在给出万有引力定律的同时给出了引力常量【考点】：物理学史．【分析】：力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s，牛顿用“月﹣地“检验法验证了牛顿定律的正确性．再结合法拉第和牛顿的贡献进行答题．【解析】：解：A、“力”不是基本物理量，“牛顿”也不是力学中的基本单位，故A错误；B、牛顿用“月﹣地“检验法验证了万有引力定律的正确性，故B错误；C、法拉第最先提出电荷周围存在电场的观点，故C正确；D、牛顿发现了万有引力定律，但没有给出引力常量，故D错误．故选：C．【点评】：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，注重积累．2．（3分）半圆柱体P放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的竖直挡板MN．在P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于静止状态．如图所示是这个装置的纵截面图．若用外力使MN保持竖直地缓慢向右移动，在Q落到地面以前，发现P始终保持静止．在此过程中，下列说法中正确的是（）A．Q受到MN的弹力逐渐减小B．Q受到P的弹力逐渐减小C．Q受到MN和P的弹力之和保持不变D．P受到地面的支持力和摩擦力均保持不变【考点】：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：先对圆柱体Q受力分析，受到重力、杆MN的支持力和半球P对Q的支持力，其中重力的大小和方向都不变，杆MN的支持力方向不变、大小变，半球P对Q的支持力方向和大小都变，然后根据平衡条件并运用合成法得到各个力的变化规律；最后对PQ整体受力分析，根据共点力平衡条件得到地面对整体的摩擦力情况．【解析】：解：A、B、对圆柱体Q受力分析，受到重力、杆MN的支持力和半球P对Q的支持力，如图：重力的大小和方向都不变，杆MN的支持力方向不变、大小变，半球P对Q的支持力方向和大小都变，然后根据平衡条件，得到N1=mgtanθN2=由于θ不断增大，故N1不断增大，N2也不断增大；故A错误，B错误；C、Q受到MN和P的弹力的矢量和与重力平衡，保持不变，故C正确；D、对PQ整体受力分析，受到总重力、MN杆的支持力N1，地面的支持力N3，地面的静摩擦力f，如图根据共点力平衡条件，有f=N1=mgtanθ由于θ不断增大，故f不断增大；物体Q一直保持静止，N3=（M+m）g，保持不变．故D错误；故选：C．【点评】：本题关键先对物体Q，再对物体PQ整体受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解出各个力的表达式进行分析处理．3．（3分）近几年我国在航空航天工业上取得了长足的进步，既实现了载人的航天飞行，又实现了航天员的出舱活动．如图所示，在某次航天飞行实验活动中，飞船先沿椭圆轨道1飞行，后在远地点343千米的P处点火加速，由椭圆轨道1变成高度为343千米的圆轨道2．下列判断正确的是（）A．飞船在椭圆轨道1上的机械能比圆轨道2上的机械能大B．飞船在圆轨道2上时航天员出舱前后都处于失重状态C．飞船在此圆轨道2上运动的角速度小于同步卫星运动的角速度D．飞船在椭圆轨道1上通过P的加速度小于沿圆轨道2运动的加速度【考点】：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】：人造卫星问题．【分析】：同步卫星的周期T=24h，根据周期与角速度的关系可知角速度的大小关系．飞船在飞行过程中只受地球万有引力作用，飞船处于完全失重状态．飞船的加速度由万有引力产生，加速度是否相同就是看飞船受到的万有引力是否一样．【解析】：解：A、在远地点343千米处点火加速，机械能增加，故飞船在椭圆轨道1上的机械能比圆轨道2上的机械能小，故A错误．B、飞船在圆轨道上时，航天员出舱前后，航天员所受地球的万有引力提供航天员做圆周运动的向心力，航天员此时的加速度就是万有引力加速度，即航天员出舱前后均处于完全失重状态，但都受重力，故B正确．C、因为飞船在圆形轨道上的周期为90分钟小于同步卫星的周期，根据ω=可知角速度与周期成反比，所以飞船在此圆轨道上运动的角度速度大于同步卫星运动的角速度，故C错误．D、飞船变轨前后通过椭圆轨道远地点时的加速度均为万有引力加速度，据可知，轨道半径一样则加速度一样，故D错误．故选：B．【点评】：圆形轨道上，航天器受到的万有引力提供航天器做圆周运动的向心力，即万有引力产生的加速度等于向心加速度，无论航天器是否做圆周运动，空间某点航天器无动力飞行时的加速度即为万有引力加速度，此加速度只跟物体轨道半径有关，与运动状态无关．4．（3分）如图所示，等腰三角形内分布有垂直于纸面向外的匀强磁场，它的底边在x轴上且长为2L，高为L，纸面内一边长为L的正方形导线框沿x轴正方向做匀速直线运动穿过匀强磁场区域，在t=0时刻恰好位于如图所示的位置，以顺时针方向为导线框中电流的正方向，下面四幅图中能够正确表示导线框中的电流﹣位移（I﹣x）关系的是（）A．B．C．D．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】：电磁感应与图像结合．【分析】：将整个过程分成三个位移都是L的三段，根据楞次定律判断感应电流方向．由感应电动势公式E=Blv，l是有效切割长度，分析l的变化情况，确定电流大小的变化情况．【解析】：解：位移在0～L过程：磁通量增大，由楞次定律判断感应电流方向为顺时针方向，为正值．I=，l=x则I=x位移在L～2L过程：磁通量先增大后减小，由楞次定律判断感应电流方向先为顺时针方向，为正值，后为逆时针方向，为负值，故ACD错误．位移在2L～3L过程：磁通量减小，由楞次定律判断感应电流方向为逆时针方向，为负值．I=（2L﹣x）故选：B．【点评】：本题考查对感应电势势公式E=Blv的理解．l是有效的切割长度，可以利用排除法做此题．5．（3分）如图所示，有一正方体空间ABCDEFGH，则下面说法正确的是（）A．若只在A点放置一正点电荷，则电势差U BC＜U HGB．若只在A点放置一正点电荷，则B、H两点的电场强度大小相等C．若只在A、E两点处放置等量异种点电荷，则C、G两点的电势相等D．若只在A、E两点处放置等量异种点电荷，则D、F两点的电场强度大小相等【考点】：电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：本题重点考查了匀强电场的理解：在匀强电场中平行且相等的线段之间电势差相等．同时注意电场线和等势线是垂直的【解析】：解：A、B、若A点放置一正点电荷，由图中的几何关系可知，BC之间的电场强度要大于HG之间的电场强度，结合它们与A之间的夹角关系可得电势差U BC＞U HG，故A 错误；B、若A点放置一正点电荷，由于B与H到A的距离不相等，使用B、H两点的电场强度大小不相等．故B错误；C、C、若在A、E两点处放置等量异种点电荷，则AE连线的垂直平分平面是等势面，等势面两侧的点，一定具有不同的电势，使用C、G两点的电势一定不相等．故C错误；D、若在A、E两点处放置等量异种点电荷，等量异种点电荷的电场具有对称性，即上下对称，左右对称，D与H上下对称，所以电场强度大小相等；H与F相对于E点一定位于同一个等势面上，所以H与F两点的电势相等，则D、F两点的电场强度大小相等．故D正确．故选：D【点评】：本题从比较新颖的角度考查了学生对点电荷的电场与等量异种点电荷的电场的理解，因此一定从多个角度理解匀强电场的特点，多训练以提高理解应用能力．二、多项选择题：本题共4小题，每小题3分，共16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．6．（3分）一理想变压器原、副线圈的匝数比为44：1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的触头．下列说法正确的是（）A．副线圈输出电压的频率为100HzB．副线圈输出电压的有效值为5VC．P向左移动时，变压器原、副线圈的电流都减小D．P向左移动时，变压器的输入功率增加【考点】：变压器的构造和原理；电功、电功率．【专题】：交流电专题．【分析】：根据瞬时值表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．【解析】：解：A、由图象可知，交流电的周期为0.02s，所以交流电的频率为50Hz，所以A 错误；B、由图象可知，原线圈的电压的最大值为311V，原线圈电压的有效值为：，根据电压与匝数成正比可知，电压的有效值为：，所以B正确；C、P左移，R变大，副线圈电流减小，所以原副线的电流变小，故C正确；D、由C分析可知，原副线的电流变小，而电压不变，故功率减小，故D错误；．故选：BC．【点评】：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路，另外还要清楚变压器各量之间的制约关系．7．（3分）如图所示，质量为m的小球穿在足够长的水平固定直杆上处于静止状态，现对小球同时施加水平向右的恒力F0和竖直向上的力F，使小球从静止开始向右运动，其中竖直向上的力F大小始终与小球的速度成正比，即F=kυ（图中未标出）．已知小球与杆间的动摩擦因数为μ，下列说法中正确的是（）A．小球先做加速度增大的加速运动，后做加速度减小的加速运动，直到最后做匀速运动B．小球先做加速度减小的加速运动，后做加速度增大的减速运动直到静止C．小球的最大加速度为D．小球的最大速度为，恒力F0的最大功率为【考点】：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律．【专题】：功率的计算专题．【分析】：对小球受力分析，根据牛顿第二定律表示出加速度，分析加速度的变化情况，进而分析运动情况，恒力的功率等于力乘以速度．【解析】：解：AB、刚开始运动，加速度为a=，当速度v增大，加速度增大，当速度v增大到符合kv＞mg后，加速度为：a=，当速度v增大，加速度减小，当a2减小到0，做匀速运动，故A正确，B错误；C、当阻力为零时，加速度最大，故小球的最大加速度为，故C正确．D、当加速度为零时，小球的速度最大，此时有：F0=μ（kv﹣mg），故最大速度为：v m=，恒力F0的最大功率为：P=Fv m=，故D错误．故选：AC．【点评】：本题关键是根据牛顿二定律表示出加速度，分析加速度的变化情况，要有分析物体的受力情况和运动情况的能力．8．（3分）如图所示，两面积较大、正对着的平行极板A、B水平放置，极板上带有等量异种电荷．其中A板用绝缘线悬挂，B板固定且接地，P点为两板的中间位置．下列结论正确的是（）A．若在两板间加上某种绝缘介质，A、B两板的电压会保持不变B．A、B两板电荷分别在P点产生电场的场强大小相等，方向相同C．若将A板水平向左平移一小段距离，两板间的电场强度将减小D．若将A板竖直向下平移一小段距离，原P点位置的电势将变大【考点】：电容．【专题】：电容器专题．【分析】：题中电容器的带电量不变．根据对称性和电场的叠加分析A、B两板电荷在P点产生电场的场强关系．移动A板时，根据电容的决定式C=、电容的定义式C=和板间场强公式E=分析板间场强的变化，由U=Ed分析P点与下极板间的电势差的变化，从而确定P点电势的变化【解析】：解：A、在两板间加上某种绝缘介质时，A、B两板所带电荷量没有改变，故A错误．B、A、B两板电荷量数量相等，P点到两板的距离相等，根据对称性和电场的叠加可知两板电荷分别在P点产生电场的场强大小相等，方向都向下，故B正确．C、根据电容的决定式C=、电容的定义式C=和板间场强公式E=得：E=，由题知Q、ɛ均不变，则移动A板时s变小，两板间的电场强度将变小．故C正确．D、由上分析可知将A板竖直向下平移时，板间场强不变，由U=Ed分析得知P点与下极板间的电势差不变，P点的电势保持不变．故D错误．故选：BC．【点评】：本题考查电容器的动态分析问题，关键要正确应用电容器的决定式及定义式；并注意电势与场强的关系的应用9．（3分）如图所示，劲度系数为k的轻弹簧一端固定在墙上，另一端与置于水平面上的质量为m的小物体接触（未连接），如图中O点，弹簧水平且无形变．用水平力F缓慢向左推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，如图中B点，此时物体静止．撤去F后，物体开始向右运动，运动的最大距离距B点为3x0，C点是物体向右运动过程中弹力和摩擦力大小相等的位置，物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．则（）A．撤去F时，物体的加速度最大，大小为﹣μgB．物体先做加速度逐渐变小的加速运动，再做加速度逐渐变大的减速运动，最后做匀减速运动C．从B→C位置物体弹簧弹性势能的减少量大于物体动能的增加量D．撤去F后，物体向右运动到O点时的动能最大【考点】：功能关系；牛顿第二定律．【分析】：本题通过分析物体的受力情况，来确定其运动情况：撤去F后，物体水平方向上受到弹簧的弹力和滑动摩擦力，滑动摩擦力大小不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，物体先做变加速运动，再做变减速运动，最后物体离开弹簧后做匀减速运动；撤去F后，根据牛顿第二定律求解物体刚运动时的加速度大小；物体离开弹簧后通过的最大距离为3x0，由动能定理求解弹力滑动摩擦力力所做的总功；当弹簧的弹力与电场力、滑动摩擦力的合力大小相等、方向相反时，速度最大，可求得此时弹簧的压缩量，即可求解物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功．【解析】：解：A、撤去F时，物体的加速度最大，大小为a==﹣μg，故A正确；B、撤去F后，物体水平方向上受到弹簧的弹力和滑动摩擦力，滑动摩擦力不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，加速度先减小后增大，物体先做变加速运动，再做变减速运动，物体离开弹簧后做匀减速运动．故B正确；C、由动能定理可知，弹力做功减去摩擦力做的功的绝对值等于物体动能的增加量，故弹簧弹性势能的减少量大于物体动能的增加量，故C正确；D、物体向右运动过程中，加速度为零时，速度最大，故到C点时的动能最大，故D错误．故选：ABC．【点评】：本题分析物体的受力情况和运动情况是解答的关键，要抓住加速度与合外力成正比，即可得到加速度是变化的．对于物体弹簧弹性势能的减少量与物体动能的增加量间的关系通常应用动能定理结合功能关系解决．三、简答题：本题分必做题（第10、11题）和选做题（第12题）两部分，共计42分．请将解答填写在答题卡相应的位置．10．（10分）在水平固定的长木板上，小明用物体A、B分别探究了加速度随着外力的变化的关系，实验装置如图甲所示（打点计时器、纸带图中未画出）．实验过程中小明用不同的重物P分别挂在光滑的轻质动滑轮上，使平行于长木板的细线拉动长木板上的物体A、B由静止开始加速运动（纸带与打点计时器之间阻力及空气阻力可忽略），实验后进行数据处理，小明得到了物体A、B的加速度a与轻质弹簧秤弹力F的关系图象分别如图乙中的A、B所示（1）（多选题）由图甲判断下列说法正确的是BA．一端带有定滑轮的长木板不水平也可以达到实验目的B．实验时应先接通打点计时器电源后释放物体C．实验中重物P的质量应远小于物体的质量D．弹簧秤的读数始终为重物P的重力的一半（2）小明仔细分析了图乙中两条线不重合的原因，得出结论：两个物体的质量不等，且m A 小于m B（填“大于”“等于”或“小于”）；两物体与木板之间动摩擦因数μA大于μB（填“大于”“等于”或“小于”）．（3）甲、乙两位同学在“验证牛顿第二定律”实验中，使用了如图丙所示的实验装置．①实验时他们先调整垫木的位置，使小车不挂配重时能在倾斜的长木板上做匀速直线运动，这样做的目的是为了平衡小车运动过程中所受摩擦力．②此后，甲同学把细线系在小车上并绕过定滑轮悬挂若干配重片．在小车质量一定的情况下，多次改变配重片数量，每改变一次就释放一次小车，利用打点计时器打出记录小车运动情况的多条纸带．图丁是其中一条纸带的一部分，O、A、B、C为4个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有4个打出的点没有画出．打点计时器接在频率为50Hz的交流电源上．通过对纸带的测量，可知小车运动过程中的加速度大小为0.49m/s2（保留2位有效数字）．③某同学在实验时，因配重片数量不足改用5个质量为20g的钩码进行实验．他首先将钩码全部挂上，用打点计时器打出记录小车运动情况的纸带，并计算出小车运动的加速度；之后每次将悬挂的钩码取下一个并固定在小车上，重复多次实验，且每次实验前均调整垫木的位置，使小车不挂配重时能在倾斜的长木板上做匀速直线运动．根据测得的数据，绘制出小车加速度与悬挂的钩码所受重力的关系图线．关于这一图线下列说法错误的是B．（选填选项前的字母）A．可由该图线计算出小车和5个钩码质量之和B．只有当小车质量远大于悬挂钩码的质量时，该图线才是一条直线C．无论小车质量是否远大于悬挂钩码的质量，该图线都是一条直线【考点】：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】：实验题．【分析】：（1）选项A写出木板水平时加速度的表达式讨论即可；选项C根据光滑轻质滑轮特点可知，绳子拉力始终等于弹簧秤读数，与重物P质量大小无直接关系；选项D对重物P 列出加速度的表达式，然后讨论即可．（2）的关键是根据a﹣F分别写出A和B加速度a与拉力F的函数表达式，然后再根据斜率和截距的概念即可求解．（3）注意平衡摩擦力的原理，利用重力沿斜面的分力来平衡摩擦力，若物体能匀速运动则说明恰好平衡了摩擦力；根据公式△x=at2计算加速度，明确图象的性质，根据图象可求得，对整体进行分析，由牛顿第二定律可求得质量．【解析】：解：（1）A、长木板水平时，对物体A由牛顿第二定律可得：μmg﹣F=ma，即a=﹣对B由牛顿第二定律可得：F﹣μmg=ma，即a=﹣μg，所以不平衡摩擦力时，也可以达到实验目的但若木板不水平，当滑轮一侧较高时应有F﹣mgsinθ﹣μmgcosθ=ma，较低时应有F+mgsinθ﹣μmgcosθ=ma1，则需要已知斜面的倾角，由于本题倾角未知，就不能求出加速度a，所以A错误；B、实验要求应先接通电源后释放纸带，所以B正确；C、由于动滑轮是轻质光滑的滑轮，所以绳子对物体的拉力一定等于弹簧秤的读数，与重物P 质量大小无直接关系，所以C错误；对重物P析，当加速度为a时，应有Mg﹣2F=Ma，可得F=，所以只有当a=0时，F才等于，所以D错误；故选：B（2）设加速度大小为a，据牛顿第二定律，对物体B应有F﹣μmg=ma，可得：a=﹣μg=对物体A应有μmg﹣F=ma，可得：a=﹣根据a﹣F图象斜率绝对值k=可知，B的斜率大于A的斜率，所以，即m A小于m B；再根据纵轴截距大小等于μg可知，由于A的截距大于B的截距，所以μA大于μB；（3）：①为了克服摩擦力的影响，在实验中应垫高一侧，从而使重力的分力与摩擦力相互平衡；从而使小车受到的拉力为合外力；②由△x=aT2可得：a==0.49m/s2；③对钩码和小车整体分析可知，整体受到的拉力为钩码的重力，质量是整体的质量；由F=ma 可知，作出的图象一定为直线；且图象的斜率一定为整体的质量；故AC正确，B错误；故选：B故答案为：（1）B；（2）小于，大于（3）①为了平衡小车运动过程中所受摩擦力；②0.49；③B 【点评】：在“验证牛顿第二定律”的实验用控制变量法，本实验只有在满足平衡摩擦力和小车质量远大于钩码质量的双重条件下，才能用钩码重力代替小车所受的合力，同时加强基础物理知识在实验中的应用，加强解决实验问题的能力．掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时加速度．11．（8分）一个刻度没标数值的电压表量程约为9V，内阻R x约为6kΩ，现要较为准确地测其内阻R x，且各仪表的示数不得少于满量程的．实验室提供了如下器材：A．电流表A1：量程3mA，内阻约50ΩB．电流表A2：量程3A，内阻约0.2ΩC．电压表V1：量程1.5V，内阻r1=1kΩD．电压表V2：量程60V，内阻r2约50kΩE．定值电阻器R1：阻值R1=5.1kΩF．定值电阻器R2：阻值R2=30ΩG．电源：电动势约15V，内阻约0.5ΩH．滑动变阻器0～20ΩI．导线若干、单刀单掷开关一个（1）除被测电压表、G、I肯定需外，最少还需ACEH器材（填序号）；（2）用你所选最少器材以及G、I在虚线框中画出测量原理图；（3）根据所画原理图，写出R x的表达式（用某次电表的测量值、已知量表示）R x=，并指明表达式中所设物理量是哪些仪表测量时的示数U1为电压表V1的示数、I1为电流A1的示数．【考点】：伏安法测电阻．【专题】：实验题．【分析】：（1）电流表、电压表和滑动变阻器的选择应该遵循“安全、精确和操作方便”的原则，（2）将电流表改装为电压表，需串联电阻起分压作用．通过待测电阻的大小确定电流表的内外接，由于滑动变阻器阻值较小，从测量误差角度确定滑动变阻器采用分压式接法．（3）根据欧姆定律求出待测电阻的阻值．【解析】：解：（1）通过电压表的最大电流为：，且待测电表无刻度，故还需选择电压表，电流表、电压表和滑动变阻器的选择应该遵循“安全、精确和操作方便”的原则可选取：ACEH；（2）电压表V1量程太小，直接并在待测电压表两端容易烧毁，故需串联一个定值电阻R1，又电压表电阻很大，电流表应采用外接法，滑动变阻器阻值较小，应采用分压式接法，故设计电路如图所示：（3）根据欧姆定律流经电压表V1的电流为：…①根据并联电路电流特点可得流经待测电压表的电流为：I x=I1﹣I0…②根据欧姆定律得：…③①②③联立得：故答案为：（1）ACEH；（2）如图所示（3），U1为电压表V1的示数、I1为电流表A1的示数【点评】：本题关键要从减小实验误差的角度选择电流表，并确定安培表的内、外接法和滑动变阻器的限流、分压法；要明确安培表的内、外接法的误差来源．【选做题】本题包括A、B、C三小题，请选定其中两题作答，若三题都做，则按A、B两题评分．A.（选修模块3-3）（12分）12．（4分）下列说法中正确的有（）A．实验“用油膜法估测分子大小”中，油酸分子的直径等于油酸酒精溶液的体积除以相应油酸膜的面积B．布朗运动中，悬浮在液体中的固体颗粒越小、液体的温度越高，布郎运动越激烈C．分子间的距离越小，分子间引力越小，斥力越大D．液晶的光学性质与某些晶体相似，具有各向异性【考点】：* 晶体和非晶体；用油膜法估测分子的大小．【分析】：在用油膜法估测分子的大小”实验中，我们做了些理想化处理，认为油酸分子之间无间隙，油酸膜为单层分子．悬浮微粒越小，表面积越小，同一时刻撞击颗粒的液体分子数越少，冲力越不平衡，合力越大，布朗运动越激烈，分子间的引力f引和斥力f斥随着分子间距离减小而增大，液晶，即液态晶体，像液体一样具有流动性，具有各向异性．【解析】：解：A、油酸酒精溶液的体积并非为油酸体积，要根据油酸酒精溶液中所含油酸的比例，求出所含油酸体积，故A错误；B、悬浮微粒越小，表面积越小，同一时刻撞击颗粒的液体分子数越少，冲力越不平衡，合力越大，布朗运动越激烈，故B正确；C、分子间的引力f引和斥力f斥随着分子间距离减小而增大，故C错误；D、液晶，即液态晶体，像液体一样具有流动性，具有各向异性．故D正确。
大学大气科学专业《大学物理（下册）》期中考试试卷 附答案
大学大气科学专业《大学物理（下册）》期中考试试卷附答案姓名：______ 班级：______ 学号：______考试须知：1、考试时间：120分钟，本卷满分为100分。
2、请首先按要求在试卷的指定位置填写您的姓名、班级、学号。
一、填空题（共10小题，每题2分，共20分）1、如图所示，一束自然光入射到折射率分别为n1和n2的两种介质的交界面上，发生反射和折射．已知反射光是完全偏振光，那么折射角r的值为_______________________。
2、一质点的加速度和位移的关系为且，则速度的最大值为_______________ 。
3、一弹簧振子系统具有1.OJ的振动能量，0.10m的振幅和1.0m／s的最大速率，则弹簧的倔强系数为_______，振子的振动频率为_______。
4、图示曲线为处于同一温度T时氦（原子量4）、氖（原子量20）和氩（原子量40）三种气体分子的速率分布曲线。
其中曲线（a）是________气分子的速率分布曲线；曲线（c）是________气分子的速率分布曲线。
5、已知质点的运动方程为，式中r的单位为m，t的单位为s。
则质点的运动轨迹方程，由t=0到t=2s内质点的位移矢量______m。
6、理想气体向真空作绝热膨胀。
（）A.膨胀后，温度不变，压强减小。
B.膨胀后，温度降低，压强减小。
C.膨胀后，温度升高，压强减小。
D.膨胀后，温度不变，压强不变。
7、将热量Q传给一定量的理想气体：（1）若气体的体积不变，则热量转化为_____________________________。
（2）若气体的温度不变，则热量转化为_____________________________。
（3）若气体的压强不变，则热量转化为_____________________________。
8、一质点在OXY平面内运动,其运动方程为,则质点在任意时刻的速度表达式为________；加速度表达式为________。
大学大气科学专业《大学物理（下册）》期中考试试卷C卷 附答案
大学大气科学专业《大学物理（下册）》期中考试试卷C卷附答案姓名：______ 班级：______ 学号：______考试须知：1、考试时间：120分钟，本卷满分为100分。
2、请首先按要求在试卷的指定位置填写您的姓名、班级、学号。
一、填空题（共10小题，每题2分，共20分）1、一束光线入射到单轴晶体后，成为两束光线，沿着不同方向折射．这样的现象称为双折射现象．其中一束折射光称为寻常光，它______________定律；另一束光线称为非常光，它___________定律。
2、两列简谐波发生干涉的条件是_______________，_______________，_______________。
3、已知质点的运动方程为，式中r的单位为m，t的单位为s。
则质点的运动轨迹方程，由t=0到t=2s内质点的位移矢量______m。
4、四根辐条的金属轮子在均匀磁场中转动，转轴与平行，轮子和辐条都是导体，辐条长为R，轮子转速为n，则轮子中心O与轮边缘b之间的感应电动势为______________，电势最高点是在______________处。
5、图示为三种不同的磁介质的B~H关系曲线，其中虚线表示的是的关系．说明a、b、c各代表哪一类磁介质的B~H关系曲线：a代表__________________________的B~H关系曲线b代表__________________________的B~H关系曲线c代表__________________________的B~H关系曲线6、一质点沿半径R=0.4m作圆周运动，其角位置，在t=2s时，它的法向加速度=______，切向加速度=______。
7、若静电场的某个区域电势等于恒量，则该区域的电场强度为_______________，若电势随空间坐标作线性变化，则该区域的电场强度分布为 _______________。
8、一长为的均匀直棒可绕过其一端且与棒垂直的水平光滑固定轴转动。
江苏省前黄2015-2016学年高一物理下册期中试题
一.单项选择题1.17世纪末，采用归纳与演绎、综合与分析的方法，建立了完整的经典力学体系，使物理学从此成为一门成熟的自然科学的科学家是A．牛顿B．开普勒C．笛卡儿D．伽利略2.如图所示，下列关于机械能是否守恒的判断正确的是（）A．甲图中，物体A将弹簧压缩的过程中，A机械能守恒B．乙图中，A置于光滑水平面上，物体B沿光滑斜面下滑，物体B 机械能守恒C．丙图中，不计任何阻力和定滑轮质量时A加速下落，B加速上升过程中，A机械能守恒D．丁图中，小球沿水平面做匀速圆锥摆运动时，小球的机械能守恒3.有关圆周运动的基本模型，下列说法正确的是（）A．如图a，汽车通过拱桥的最高点处于超重状态B．如图b所示是一圆锥摆，减小θ，但保持圆锥的高不变，则圆锥摆的角速度不变C．如图c，同一小球在光滑而固定的圆锥筒内的A、B位置先后分别做匀速度圆周运动，则在A、B两位置小球的角速度及所受筒壁的支持力大小相等D．火车转弯超过规定速度行驶时，内轨对内轮缘会有挤压作用4.根据开普勒关于行星运动的规律和圆周运动知识知：太阳对行星的引力，行星对太阳的引力，其中M、m、r分别为太阳、行星质量和太阳与行星间的距离。
下列说法正确的是A．太阳对行星的引力提供行星绕太阳做圆周运动的向心力B．F和F大小相等，是一对平衡力C．F和F'大小相等，是同一个力D．由和知5.把A、B两个小球在离地面同一高度处以相同大小的初速度v0分别沿水平方向和竖直方向抛出，不计空气阻力，如图所示，则下列说法正确的是（）A．两小球落地时的速度相同B．两小球落地时，重力的瞬时功率相同C．从开始运动至落地，重力对两小球做功相同D．从开始运动至落地，重力对两小球做功的平均功率相同6.“空间站”是科学家进行天文探测和科学试验的特殊而又重要的场所，假设“空间站”正在地球赤道平面内的圆周轨道上运行，其离地球表面的高度为同步卫星离地球表面高度的十分之一，下列说法正确的有（）A. “空间站”运行的速度大小都应介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间B. “空间站”运行的加速度等于其所在高度处的重力加速度C. “空间站”运动在运行一段时间后，由于阻力作用其动能可能会减少D. 在“空间站”工作的宇航员因所受合力为零而在舱中悬浮或静止7.有关重力势能的变化，下列说法中正确的是A.物体受拉力和重力作用向上运动,拉力做功是1J,物体重力势能的增加量也是1J.B.只要高度相同，物体的重力势能就相同.C.物体运动中重力做功是-1J,物体重力势能减少1JD.从同一高度落下的物体到达地面,考虑空气阻力和不考虑空气阻力的情况下重力势能减少量是相同的.8.如下图所示，质量相等的物体A、B通过一轻质弹簧相连，开始时B放在地面上，A、B均处于静止状态。
江苏大联考2015届高三第四次联考物理试题 含答案
江苏大联考2015届高三第四次联考·物理试卷考生注意：1。
本试卷共120分.考试时间100分钟。
2.答题前，考生务必将密封线内的项目填写清楚.3.请将试卷答案填在试卷后面的答题卷上。
4。
交卷时，可根据需要在加注“”标志的夹缝处进行裁剪。
5。
本试卷主要考试内容:必修1、必修2,选修3—1电场和恒定电流.第Ⅰ卷(选择题共31分)一、单项选择题:本题共5小题。
每小题3分，共15分，每小题只有一个选项符合题意。
1.如图甲所示，匀速上升的电梯经过某阳台时,阳台上一人用与电梯相同的速度竖直上抛一个小球。
以向上的方向为正方向,则电梯中的人看到小球运动的速度—时间图象是图乙中的2.某同学上过体育课后用网兜把质量为m的足球挂在光滑竖直墙壁上的P点，已知悬线与墙面的夹角为θ，重力加速度为g，网兜的重力不计,则足球对墙壁的压力为A。
mg tan θB。
mg sin θC。
mg cos θD。
3.2013年12月14日21时许“嫦娥三号”携带“玉兔”探测车在月球虹湾成功软着陆,在实施软着陆过程中，“嫦娥三号"离月球表面4 m高时最后一次悬停，确认着陆点。
若总质量为M的“嫦娥三号”在最后一次悬停时,反推发动机对其提供的反推力为F,已知引力常量为G,月球半径为R,则月球的质量为A. B。
C. D。
4.电子束焊接机中的电子枪如图所示,阴极K的电势为φK，阳极A的电势为φA。
仅在电场力作用下，电子（电荷量为—e）从K运动到A,则A.A、K间的电势差为φA—φKB。
电子的动能增加e(φK—φA)C。
电子的电势能增加e(φA—φK）D.电子克服电场力做的功为e（φA—φK）5.如图所示,AB杆以恒定角速度ω绕A点在竖直平面内顺时针转动,并带动套在固定水平杆OC上的小环M运动,AO间距离为h.运动开始时AB杆在竖直位置,则经过时间t(小环仍套在AB和OC杆上）小环M的速度大小为A. B. C.ωh D。
ωh tan ωt二、多项选择题：本题共4小题。
物理学(第五版)下册 马文蔚等改编(东南大学) 答案
第九章振动1、设一物体沿x 轴作谐振动的方程为0.10cos(2)4x t ππ=+，式中x ，t 的单位分别为m ，s .试求：（1）振幅，周期，频率和初相)cos(ϕω+=t A x ；（2）0.5t s =时，物体的位移、速度和加速度.解：（1）谐振动的标准方程为，比较题中所给方程和标准方程，知振幅m A 10.0=，角频率2/rad sωπ=，初4πϕ=.由此，周期为12==ωπT s 频12Hz ωνπ==率为（2）1=t s 时，物体位移m m x 21007.7)45.02cos(10.0)42cos(10.0-⨯-=+⨯=+=ππππ 速度s m s m t dt dx v/44.0/)45.02sin(2.0)42sin(2.0=+⨯-=+-==ππππππ 加速度2222/28/)45.02cos(4)42sin(4s m s m t dtdv a =+⨯-=+-==ππππππ2、有一弹簧，当其下端挂一质量为m 的物体时，伸长量为9.8×10-2m 。
若使物体上、下振动，并规定向上为正方向。
（1）当t=0时，物体在平衡位置下方4.0×10-2m 处，由静止开始向上运动，求运动方程。
（2）当t=0时，物体在平衡位置并处以0.2m ·s -1的速度向下运动，求运动方程。
解：（1）根据题给的条件，20100.4-⨯-=x m, 00=v （题取向上为正方向，且平衡位置处为原点）且2100.4-⨯=A m ，其旋转矢量应为如图9-4-1图位置，所以π0=ϕ。
又mk=ω ，而 0kx mg =,所以x g m k = ,108.98.92⨯=-ω所以谐振动方程：)π10cos(100.42+⨯=-t x m（2）据题意，0=t 时，00=x ，6.00-=v m.s 1-，其旋转矢量应为如图9-4-2图位置则得222222102102.00)(-⨯=+=+=ωv x A m2π0=ϕ 9-4-1图ϕ∆xMM 'O9-5-1图（0=x 的投影有上、下两个矢量，但0v 为负值，故只能选上面的OM 矢量），所以谐振动方程为)2π10cos(100.42+⨯=-t xm 。
【名师解析】江苏省南京市、盐城市2015届高三第二次模拟考试物理试题资料
2015 年江苏省南京市、盐城市高考物理二模试卷一、单项选择题：本题共 5 小题，每题 3 分，合计 15 分．每题只有一个选项切合题意．1．（ 3 分）（ 2015?盐城二模）以下图片显示的技术中，属于防备静电危害的是（）A．静电复印B．静电喷涂C．避雷针D．电除尘静【考点】：* 静电的利用和防备．【专题】：电场力与电势的性质专题．【剖析】：物体带电的本质是电荷的转移，出现剩余的电荷从而带电，所以静电的产生有益有弊．【分析】：解： A 、复印机复印文件资料，就是利用静电墨粉成在鼓上．故 A 属于静电的利用；B 、静电喷涂是利用异种电荷间的吸引力来工作的，故 B 属于静电的利用；C、下雨天，云层带电打雷，常常在屋顶安装避雷针，是导走静电，防备触电．故 C 属于静电防范；D、静电除尘时除尘器中的空气被电离，烟雾颗粒吸附电子而带负电，颗粒向电源正极运动，属于静电应用；应选： C【评论】：在生活中静电无处不在，有的我们需要，有的我们不需要．所以我们要学会基本知识，提升我们的很生活质量．2．（ 3 分）（ 2015?盐城二模）当前，我市每个社区均已装备了公共体育健身器械．图示器械为一秋千，用两根等长轻绳将一座椅悬挂在竖直支架上等高的两点．向内发生了稍小倾斜，如图中虚线所示，但两悬挂点仍等高．座椅静止时用因为长久使用，致使两根支架F 表示所受协力的大小，F1表示单根轻绳对座椅拉力的大小，与倾斜前对比（）A． F 不变， F1变小B． F 不变， F1变大C． F 变小， F1变小D． F 变大， F1变大【考点】：共点力均衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】：共点力作用下物体均衡专题．【剖析】：木板静止时，受重力和两个拉力而均衡，依据共点力均衡条件并联合正交分解法列式剖析即可．【分析】：解：木板静止时，受重力和两个拉力而均衡，故三个力的协力为零，即：F=0 ；依据共点力均衡条件，有：解得： F1=因为长久使用，致使两根支架向内发生了稍小倾斜，故图中的θ角减小了，故 F 不变， F1减小；应选： A．【评论】：本题是简单的三力均衡问题，要点是受力剖析后运用图示法剖析，不难．3．（ 3 分）（ 2015?盐城二模）图甲是小型沟通发电机的表示图，在匀强磁场中，一矩形金属线圈绕与磁场方向垂直的轴匀速转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图乙所示．机线圈内阻为10Ω，外接一只电阻为90Ω的灯泡，不计电路的其余电阻，则（）发电A ． t=0 时辰线圈平面与中性面垂直B ．每秒钟内电流方向改变100 次C．灯泡两头的电压为 22VD ． 0～ 0.01s 时间内经过灯泡的电量为0【考点】：沟通发电机及其产生正弦式电流的原理；正弦式电流的图象和三角函数表达式．【专题】：沟通电专题．2F1cos θ =mg由题图乙可知交【剖析】：当线框经过中性面时经过线圈的磁通量最大．感觉电动势最小为零．流电电动势的周期，即可求解角速度．线框每转一周，电流方向改变两次．【分析】：解： A 、由图象乙可知t=0 时感觉电动势为零，处于中性面上，故 A 错误；B 、由题图乙可知周期T=0.02s ，线框每转一周，电流方向改变两次，每秒电流方向改变100 次，故B正确；C、由题图乙可知沟通电电动势的最大值是E m=31.1v ，有效值为：，依据闭合电路的分压特色得电压表的示数为：，故 C 错误；D、依据得：0～ 0.01s 时间内经过灯泡的电量为①②代入数据①②联立得：q=0.00198c ，故 D 错误；应选： B．【评论】：本题是正确理解感觉电动势与磁通量的变化，知道磁通量最大时，感觉电动势反而最小．明确线框每转一周，电流方向改变两次．能从图象读取有效信息4．（ 3 分）（ 2015?盐城二模）如图甲所示， x 轴上固定两个点电荷Q1、Q2（ Q2位于坐标原点O），其上有 M 、N 、P 三点，间距 MN=NP ．Q1、Q2在轴上产生的电势? 随 x 变化关系如图乙．则（）A ． M 点电场场强盛小为零B ． N 点电场场强盛小为零C． M 、 N 之间电场方向沿 x 轴负方向D ．一正尝试电荷从 P 移到 M 过程中，电场力做功|W PN|=|W NM |【考点】：电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】：电场力与电势的性质专题．【剖析】：φ﹣ x 图线的切线斜率表示电场强度的大小，在φ﹣ x 图象中能够直接判断各点电势的大小，并可依据电势大小关系确立电场强度的方向，依据沿电场线方向电势降低，由 w=qU 判断做功；【分析】：解： A 、φ﹣ x 图线的切线斜率表示电场强度的大小，就知道N 处场强为零， M 处的场强不为零，故 A 错误， B 正确；C、M 点的电势为零， MP 电势小于零，因沿电场线方向电势降低，故在MP 间电场方向由 M 指向 P，沿 x 轴正方向，故 C 错误；D、由图象可知， U MN＞ U NP，故电场力做功qU MN＞ qU NP，从 P 移到 M 过程中，电场力做负功，故|W PN|＜|W NM|，故D 错误；应选： B【评论】：φ﹣ x 图象中：①电场强度的大小等于φ﹣x图线的斜率大小，电场强度为零处．②在φ﹣ x 图象中能够直接判断各点电势的大小，并可依据电势大小关系确立电场强度的方向．③在φ﹣ x 图象中剖析电荷挪动时电势能的变化，可用W=qU ，从而剖析WW 的正负，而后作出判断5．（ 3 分）（ 2015?盐城二模）一滑块以必定的初速度从一固定斜面的底端向上冲，到斜面上某一点后返回底端，斜面粗拙．滑块运动过程中加快度与时间关系图象如下图．以下四幅图象分别表示滑块运动过程中位移 x、速度 v、动能 E k和重力势能 E p（以斜面底端为参照平面）随时间变化的关系图象，此中正确的选项是（）A．B．C．D．【考点】：功能关系；牛顿第二定律．【剖析】：依据 a﹣ t 图象知上滑和下滑过程中的加快度大小，从而得出速度随时间的变化规律；利用速度公式和动能定得出动能、势能与时间的规律，再剖析选项即可．【分析】：解： A 、物块向上做匀减速直线运动，向下做匀加快直线运动，据位移公式可知，位移与时间成二次函数关系；据运动学公式可知，下滑所有的时间要大于上涨所用的时间，速后加快，加快度一直向下，所以x ﹣ t 图象应是张口向下的抛物线，故 A 错误；B 、由 A 剖析知速度方向相反，故 B 错误；先减C、依据E k= mv2知动能先减小后增大，与时间为二次函数，故 C 错误；D、 E p=mgh=mgx=mg（ v 0t）， a 为负，故为张口向下的抛物线，故 D 正确．应选： D【评论】：解决本题的要点依据牛顿第二定律得出上滑和下滑的加快度，判断出物体的运动状况；再联合位移公式、速度公式和动能的表达式，本题难度较大二、多项选择题：本题共 4 小题，每题 4 分，合计16 分 .每题有多个选项切合题意，所有选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，错选或不答得0 分6．（ 4 分）（ 2015?盐城二模）如下图，在一端关闭的圆滑细玻璃管中注满清水，水中放一红蜡块 R（ R 视为质点）．将玻璃管的张口端用胶塞塞紧后竖直倒置且与y 轴重合，在R 从坐标原点以速度v0=3cm/s 匀速上调的同时，玻璃管沿度的方向与 y 轴夹角为α．则红蜡块 R 的（x 轴正向做初速度为零的匀加快直线运动，合速）A ．分位移y 与 x 成正比B ．分位移 y 的平方与x 成正比C．合速度v 的大小与时间t 成正比D ． tan α与时间 t 成正比【考点】：运动的合成和分解．【专题】：运动的合成和分解专题．【剖析】：小圆柱体红蜡快同时参加两个运动：y 轴方向的匀速直线运动，x 轴方向的初速为零的匀加快直线运动．依据位移与时间表达式，从而确立分位移 y 与 x 的关系，再由 y 方向可求运动时间，接着由 x方向求加快度，从而求得v x，再由速度合成求此时的速度大小，最后由双方向的速度关系，可知tan α与时间 t 的关系．【分析】：解： A 、由题意可知， y 轴方向， y=v 0t；而 x 轴方向， x=，联立可得： x=，故 A 错误， B 正确；C、 x 轴方向， v x=at，那么合速度的大小v=，则v的大小与时间t 不可正比，故C 错误；D、设合速度的方向与y 轴夹角为α，则有：，故D正确；应选： BD ．【评论】：剖析好小圆柱体的两个分运动，掌握运动学公式，理解运动的合成与分解法例，注意平抛运动规律的应用．7．（ 4 分）（ 2015?盐城二模）据英国《卫报》网站2015 年 1 月 6 日报导，在太阳系以外，科学家发现了一颗最适合人类居住的类地行星，绕恒星橙矮星运转，命名为“开普勒 438b”．假定该行星与地球绕恒星均做匀速圆周运动，其运转的周期为地球运转周期的p 倍，橙矮星的质量为太阳的 q 倍．则该行星与地球的（）A ．轨道半径之比为B．轨道半径之比为C．线速度之比为 D ．线速度之比为【考点】：【专题】：万有引力定律及其应用．万有引力定律的应用专题．【剖析】：地球和“开普勒 438b”公转的向心力均由万有引力供给，依据牛顿第二定律列式求解出周期和向的表达式进行剖析即可．【分析】：解： A 、 B 、行星公转的向心力由万有引力供给，依据牛顿第二定律，有：G=m解得： R=该行星与地球绕恒星均做匀速圆周运动，其运转的周期为地球运转周期的p 倍，橙矮星的质量为太阳的 q 倍，故：==故A正确，B错误；C、 D 、依据 v=，有：=? =；故C正确，D错误；应选： AC ．【评论】：本题要点是明确行星工作的向心力根源，联合牛顿第二定律列式剖析即可，基础题目．8．（4 分）（ 2015?盐城二模）如下图，在滑动变阻器的滑片向左滑动的过程中，理想电压表、电流表的示数将发生变化，电压表V 1、 V 2示数变化量的绝对值分别为△U1、△U2，已知电阻R 大于电源内阻r，则（）A．电流表 A 的示数增大B．电压表V 2的示数增大C．电压表V 1的示数增大D．△U1大于△U2【考点】：闭合电路的欧姆定律．【专题】：恒定电流专题．【剖析】：理想电压表内阻无量大，相当于断路．理想电流表内阻为零，相当短路．剖析电路的连结关系，依据欧姆定律剖析．【分析】：解： A 、据题理想电压表内阻无量大，相当于断路．理想电流表内阻为零，相当短路，所以 R 与变阻器串连，电压表 V 1、 V 2分别丈量 R、路端电压．当滑动变阻器滑片向左滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，则A 的示数增大，故A 正确；B 、电路中电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，所以C 、电路中电流增大，依据欧姆定律知，电压表 V 1 的示数增大，故D 、路端电压减小， R 的电压增大，则 △U 1 大于 △U 2，故 D 正确．应选： ACD ．V 2 的示数减小，故 B 错误；C 正确．【评论】： 本题是电路的动向剖析问题，要点要搞清电路的构造，明确电表各丈量哪部分电路的电压或电流，依据闭合电路欧姆定律进行剖析．9．（ 4 分）（ 2015?盐城二模）如下图，空间有一垂直纸面向外的磁感觉强度为0.5T 的匀强磁场，一质量为 0.2kg 且足够长的绝缘木板静止在圆滑水平面上，在木板左端搁置一质量为 m=0.1kg 、带正电 q=0.2C 的滑块，滑块与绝缘木板之间动摩擦因数为 0.5 ，滑块遇到的最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力． 现对木板施加方向水平向左，大小为 F=0.6N 的恒力，g 取 10m/s 2．则滑块（）A ． 开始做匀加快运动，而后做加快度减小的加快运动，最后做匀速直线运动B ． 向来做加快度为2m/s 2的匀加快运动，直到滑块飞离木板为止C ． 速度为 6m/s 时，滑块开始减速D ． 最后做速度为 10m/s 的匀速运动【考点】： 带电粒子在混淆场中的运动．【剖析】： 先求出木块静摩擦力能供给的最大加快度，再依据牛顿第二定律判断当 0.6N 的恒力作用于木板时， 系一致同运动的加快度， 当滑块获取向左运动的速度此后又产生一个方向向上的 洛伦兹力， 当洛伦兹力等于重力时滑块与木板之间的弹力为零， 此时摩擦力等于零，今后物块做匀速运动，木板做匀加快直线运动．【分析】： 解： ABD 、因为滑块与绝缘木板之间动摩擦因数为 0.5，静摩擦力能供给的最大加20.6N 的恒力作用于木板时， 系一致同以 a= 的速度为 μg=5m/s ，所以当加快度一同运动， 当滑块获取向左运动的速度此后又产生一个方向向上的洛伦兹力， 当洛伦兹力等于重力时滑块与木板之间的弹力为零，此时Bqv=mg ，解得： v=10m/s ，此时摩擦力消逝，滑块做匀速运动， 而木板在恒力作用下做匀加快运动，．可知滑块先与木板一同做匀加快直线运动，而后发生相对滑动，做加快度减小的变加快，最后做速度为10m/s 的匀速运动．故 AD 正确， B 错误．C 、木块开始的加快度为 2m/s 2，当恰巧要开始滑动时， f= μ（ mg ﹣ qvB ）=ma ，代入数据得： v=6m/s ，今后滑块的加快度减小，仍旧做加快运动．故 C 错误．应选： AD ．【评论】： 本题主要考察了牛顿第二定律的直策应用，要求同学们能正确剖析木板和滑块的受力状况，从而判断运动状况．三、简答题：本题分必做题（第10、11 题）和选做题（第12 题）两部分，合计42 分 .请将解答填写在答题纸相应的地点 .10．（ 8 分）（ 2015?盐城二模）某同学准备利用以下器械丈量干电池的电动势和内电阻．A ．待测干电池两节，每节电池电动势约为 1.5V ，内阻约几欧姆B ．直流电压表 V 1、 V 2，量程均为 3V ，内阻约为 3kΩC．定值电阻 R0未知D．滑动变阻器 R，最大阻值 R mE．导线和开关（1）依据如图甲所示的实物连结图，在图乙方框中画出相应的电路图（2）实验以前，需要利用该电路图测出定值电阻R0，方法是先把滑动变阻器R 调到最大阻值R m，再闭合开关，电压表V 1和 V 2的读数分别为U10、U 20，则 R0=（用U10、U20、 R m表示）（3）实验中挪动滑动变阻器触头，读出电压表V1和 V 2的多组数据U 1、 U2，描述出 U 1﹣ U 2图象如图丙所示，图中直线斜率为k ，与横轴的截距为a，则两节干电池的总电动势E=，总内阻 r=（用 k 、 a、 R0表示）．【考点】：测定电源的电动势和内阻．【专题】：实验题．【剖析】：（ 1）由实物图可知电路的连结方法得出对应的原理图；（2）依据实验原理联合欧姆定律可求得定值电阻的阻值；（3）依据闭合电路欧姆定律及图象的性质可得出对应的电动势和内电阻．【分析】：解：（ 1）由实物图可知电路的连结方式，得出的实物图如下图；（2）由图可知，V 2丈量 R0与 R 两头的电压，V1 丈量 R 两头的电压，则R0两头的电压U 20﹣U10；由欧姆定律可知，R0==；（2）由闭合电路欧姆定律可知，E=U 1+变形得：U1=+则有：=a；=k解得：故答案为：（1）如下图；（2）；【评论】：本题考察丈量电动势和内电阻的实验方法，要点在明确依据闭合电路欧姆定律得出对应的表达式，再剖析图象的意义，求得电动势和内电阻．11．（ 10分）（ 2015?盐城二模）某同学用如图甲所示的实验装置来“研究 a 与F、m之间的定量关系”．（1 ）实验时，一定先均衡小车与木板之间的摩擦力．该同学是这样操作的：如图乙，将小车静止地放在水平长木板上，并连着已穿过打点计时器的纸带，调整木板右端的高度，接通电源，用手轻拨小车，让打点计时器在纸带上打出一系列 点迹均匀的点，说明小车在做匀速运动运动．（2 ）假如该同学先如（ 1）中的操作，均衡了摩擦力．以砂和砂桶的重力为 F ，在小车质量 M保持不变状况下， 不停往桶里加砂， 砂的质量最后达到 ，测小车加快度 a ，作 a ﹣ F 的图象． 如图丙图线正确的选项是C ．（3 ）设纸带上计数点的间距为 S 1 和 S 2．如图丁为用米尺丈量某一纸带上的 S 1、 S 2 的状况，从图中可读出 S 1=3.10cm ，S 2= 5.50 cm ，已知打点计时器的频次为50Hz ，由此求得加快度的大小 a= 2.40 m/s 2．【考点】： 研究加快度与物体质量、物体受力的关系． 【专题】：实验题．【剖析】： （ 1）均衡摩擦力时，调整木板右端的高度，接通电源，用手轻拨小车，当小车带动 纸带匀速下滑时说明均衡摩擦力；（2）正确的 a ﹣ F 图象应当是过原点的直线， 不知足砂和砂桶的质量远远小于小车的质量时图象发生曲折；（3）依据匀变速直线运动的特色，利用逐差法能够求出其加快度的大小． 【分析】：解：（ 1）均衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，不要挂钩码，将长木板的右端垫高至适合地点， 使小车重力沿斜面分力和摩擦力抵消， 若小车做匀速直线运动， 此时打点计时器在纸带上打出一系列点迹均匀的点，（2）假如这位同学先如（1）中的操作，已经均衡摩擦力，则刚开始 a ﹣ F 的图象是一条过原点的直线，不停往桶里加砂，砂的质量最后达到 ，不可以知足砂和砂桶的质量远远小于小车的质量，此时图象发生曲折，故 C 正确；应选： C ．（3）依据图象可知， S 2=5.50cm ，打点计时器的频次为 50Hz ，每 5 个点取一个计数点， 则 T=0.1s ， 加快度的大小 a==2.40m/s2故答案为： （1）点迹均匀；匀速运动；（ 2） C ；（ 3） 5.50； 2.40【评论】： 明的确验原理以及详细的操作细节，增强着手实验，同时增强基本运动学规律在物理实验中的应用．研究加快度与力、质量的关系实验时， 要均衡小车遇到的摩擦力， 不均衡摩擦力、或均衡摩擦力不够、或过均衡摩擦力，小车遇到的协力不等于钩码的重力．二 .选做题A ．（选修模块3-3）（ 12分）12．（ 4 分）（ 2015?盐城二模）以下说法正确的选项是（）A ． 悬浮在液体中的微粒越小，遇到液体分子的撞击就越简单均衡B ． 物体中所有分子的热运动动能的总和叫做物体的内能C．热力学温度T 与摄氏温度t 的关系为t=T+273.15D ．液体表面的分子距离大于分子间的均衡距离，使得液面有表面张力【考点】：温度、气体压强和内能；分子间的互相作使劲．【剖析】：液体温度越高颗粒越小，布朗运动越强烈．物体中所有分子的热运动动能的总和叫做物体的内能．摄氏温度t 与热力学温度T 的关系为T=t+273.15 ．液体表面分子间距离大于均衡地点间距r0，液体表面存在表面张力；【分析】：解：A 、悬浮微粒越小，在某一瞬时撞击它的液体分子数就越少，布朗运动就越显然．故 A 错误．B 、物体中所有分子的热运动动能的总和叫做物体的内能，故 B 错误．C、摄氏温度t 与热力学温度T 的关系为T=t+273.15 ，故 C 错误．D、液体表面分子间距离大于均衡地点间距r0，分子力表现为引力，所以液体表面存在表面张力，故D正确．应选：D．【评论】：本题要点掌握热力学基本知识，知道布朗运动的本质．掌握分子动理论，理解表面张力形成的原由．13．（ 4 分）（ 2015?盐城二模）图为必定质量理想气体的压强P 与体积 V 的关系图象，它由状态 A 经等容过程到状态B，再经过等压过程到状态C．设 A 、 B 、 C 状态对应的温度分别为T A、T B、 T C，则 T A =T C，从状态 B 到状态 C 过程气体吸热（填“吸”、“放”）【考点】：理想气体的状态方程．【专题】：理想气体状态方程专题．【剖析】：由图象求出 A 、 B 、 C 三状态的压强与体积，而后由理想气体的状态方程求出各状态的温度，而后比较温度大小．【分析】：解： A 到 B 为等容变化，故知 T B= T A理想气体经历B→C过程，等压变化，=即 T C==T B=，故T A=理想气体经历B→C过程，等压变化，由=k知体积增大，温度高升，内能增大，气体的体积变大，对外做功，W=F △X=PS △X=P △V=p 2（ V2﹣ V 1），依据热力学第必定律：△E=Q ﹣ W ，知气体需要吸热．故答案为：，吸热．【评论】：本题考察了比较气体的温度高低，由图象求出气体的压强与体积、应用理想气体压强公式即可正确解题．14．（ 4 分）（ 2015?盐城二模）某教室的空间体积约为120m 3．试计算在标准状况下，教室里空气分子数．已知：阿伏加德罗常数23﹣1﹣ 3 3N A=6.0 ×10 mol，标准状况下摩尔体积 V 0=22.4 ×10 m ．（计算结果保存一位有效数字）【考点】：阿伏加德罗常数．【专题】：阿伏伽德罗常数的应用专题．【剖析】：依据教室体积和摩尔体积求出物质的量，则气体分子数【分析】：解：设空气摩尔数为n，则，N=nN A．设气体分子数为N，则 N=nN A27答：教室里空气分子数为3×1027个．【评论】：求分子数，常常先求摩尔数，再乘以阿伏加德罗常数即可．摩尔数等于质量与摩尔质量的比值或体积与摩尔体积的比值．B．选修模块3-4（ 12 分）15．（ 4 分）（ 2015?盐城二模）以下说法正确的选项是（A ．一条沿自己长度方向运动的杆，其长度总比杆静止时长）B ．依据多普勒效应能够判断遥远天体相关于地球的运动速度C．大批事实证明，电磁波不可以产生衍射现象D ．受迫振动的频次总等于系统的固有频次【考点】：* 长度的相对性；多普勒效应．【剖析】： A 、依据 l=判断杆的长度变化．B、多普勒效现象是波的特征．C、电磁波能产生衍射现象．D、受迫振动的频次总等于策划力的频次【分析】：解： A 、依据 l=，知条沿自己长度方向运动的杆其长度总比杆静止时的长度小．故 A 错误．B、只假如波，均有多普勒效应现象，依据多普勒效应能够判断遥远天体相关于地球的运动速度．故 B 正确．C、电磁波是波，电磁波能产生衍射现象．故D、受迫振动的频次总等于策划力的频次．故C 错误．D 错误．应选： B【评论】：解决本题的要点知道光的偏转现象说明光是一种横波，以及知道多普勒效应现象的条件．16．（ 4 分）（ 2015?盐城二模）过去已知资料的折射率都为正当（n＞ 0）．现已有针对某些电磁波设计制作的人工资料，其折射率能够为负值（n＜ 0），称为负折射率资料．位于空气中的这类资料，入射角i 与折射角r 依旧知足=n，可是折射线与入射线位于法线的同一侧（此时折射角取负值）．现空气中有一上下表面平行的负折射率资料，一束电磁波从其上表面以入射角α射入，下表面射出．若该资料对此电磁波的折射率n= ﹣ 1，请画出正确反应电磁波穿过该资料的流传路径的表示图，若在上下两个表面电磁波的折射角分别为r1、r2，则 r1等于r2（填“大于”、“等于”、“小于”）【考点】：光的折射定律．【专题】：光的折射专题．【剖析】：该资料关于电磁波的折射率角等于入射角，依据这些知识剖析．n=﹣ 1，则折射光芒与入射光芒位于法线的同侧，且折射【分析】：解：由折射定律：=n= ﹣ 1得： sini= ﹣ sinr，则即折射角等于入射角，r1=r 2，且位于法线的同侧，故光路如图．故答案为：如下图，等于．【评论】：本题属于信息题目，联合学过的知识点延长拓展，同学们要有提守信息以及学习的能力．17．（ 4 分）（ 2015?盐城二模）竖直悬挂的弹簧振子下端装有记录笔，在竖直面内搁置记录纸．振子上下振动时，以水平向左速度 v=10m/s 匀速拉动记录纸，记录笔在纸上留下记录的印迹，立坐标系，测得的数据如下图，求振子振动的振幅和频次．当建【考点】：简谐运动的振动图象；简谐运动的振幅、周期和频次．【剖析】：本题抓住弹簧振子的振动与记录纸同时运动，由匀速运动的速度公式v=求出周期．振幅是振子走开均衡地点的最大距离，等于振子在最高点与最低点间距离的一半．【分析】：解：设周期为T ，振幅为 A ．由题图得：A=5cm ；因为振动的周期就是记录纸从O 至 x=1m 运动的时间，所以，周期为：，故频次为： f===10Hz ．答：振子振动的振幅为5cm ，频次为10Hz．【评论】：解决本题的要点是理解振幅的含义，抓住弹簧振子的振动与记录纸运动的同时性，由匀速运动的规律求解周期．C．（选修模块 3-5）（ 12 分）18．（ 2015?盐城二模）以下说法正确的选项是（）A ．放射性元素的半衰期随温度高升而减小B ．光和电子都拥有波粒二象性C．α粒子散射实验能够估量出原子核的数目级为10﹣ 10mD ．原子核的联合能越大，原子核越稳固【考点】：原子核衰变及半衰期、衰变速度；原子核的联合能．【专题】：惯例题型．【剖析】：元素的半衰期不会受环境的影响而变化，比联合能越大，原子核越稳固，光和电子都拥有波粒二象性；经过α粒子散射实验的结果能够估测原子核直径的数目级为10﹣15m．【分析】：解： A 、放射性元素的半衰期不遇到环境的变化而变化，故 A 错误；B 、光和电子都拥有波粒二象性，故 B 正确；﹣ 15C、经过α粒子散射实验的结果能够估测原子核直径的数目级为10m，故 C 错误；D、比联合能越大，原子核越稳固，故 D 正确；应选： BD【评论】：考察半衰期影响的要素，掌握比联合能与联合能的不一样，知道α粒子散射实验．19．（ 2015?盐城二模）如图 1 所示的装置研究光电效应现象，当用光子能量为5eV 的光照耀到光电管上时，测得电流计上的示数随电压变化的图象如图 2 所示．则光电子的最大初动能为﹣ 19J，金属的逸出功为﹣ 19J．3.2 ×104.8 ×10。
东南大学物理秋季期中试卷 (电学)
一、填空题（共5题，每题5分，计25分）1. 电子在磁感应强度为B 的均匀磁场中沿半径为R 的圆周运动，电子运动所形成的等效圆电流的强I=_______________，相应的电子轨道磁矩m =_______________。
（已知e 、m e ）2. 两段长度一样的不同种金属导体电阻率之比，横截面积之比，将它们串联在一起后两端加上电压U ，则各段导体内电流__________，电流密度之比___________，导体内场强之比___________。
3. 绕有500匝线圈的平均周长为50cm 且带有铁芯的螺绕环，线圈中通有0.3A 的电流，铁芯的相对磁导率为600，则铁芯中的磁感应强度大小为________，铁芯中的磁场强度的值为___________。
（已知）4. 均匀磁场B 与导线回路法线间的夹角，磁感应强度B 随时间t 线性增加，即B=kt （k >0），如图所示，已知ab 的长度为l ，现ab 以速度v 向右运动，则t 时刻动生电动势大小为__________，感生电动势大小为_________，感应电动势大小为_____________。
（设t =0时，x =0）5. 请写出下述事实各自对应的Maxwell 积分方程 变化电场产生磁场_____________________；东 南 大 学 考 试 卷（期中测试）自 觉 遵 守 考 场 纪 律 如 考 试 作 弊 此 答 卷 无 效学号 姓名密封线课程名称基础物理学(II)考试学期得分 适用专业吴健雄学院考试形式闭卷考试时间长度120分钟变化磁场产生电场_____________________；没有发现磁单极子_____________________；静电场是保守场_____________________；Coulomb定律_____________________。
二、简答题（共3题，每题5分，计15分）1．在一个圆形电流所在的平面内取一个同心的圆形闭合回路，如图，对于该回路，请说明能否得到？若此结果成立，能否说在此闭合回路上各点的磁感应强度的值为0？2．在电磁感应定律的数学表示式中，负号有何物理意义？如何根据负号来确定感应电动势的方向？3．空间有一电偶极子，现用导线将电偶极子的正负电荷连接起来使之放电，导线上将产生焦耳热。
物理学东南大学第七版下册答案
物理学东南大学第七版下册答案1、5．一辆汽车在10 m/s的速度匀速行驶，遇到紧急情况，突然以大小为2 m/s2的加速度匀减速刹车，则从刹车开始计时，汽车在6 s内的位移是24 m．[判断题] *对错(正确答案)2、56．在没有任何其他光照的情况下，舞台追光灯发出的紫光照在穿白上衣、红裙子的演员身上，观众看到她（）[单选题] *A．全身呈紫色B．上衣呈紫色，裙子不变色C．上衣呈黑色，裙子呈紫色D．上衣呈紫色，裙子呈黑色(正确答案)3、46．把一个实心铁块放入盛满水的容器中，溢出水的质量是5g，若把铁块放入盛满酒精的容器中，则溢出酒精的质量是（）（ρ酒精＝8×103kg/m3，ρ水＝0×103kg/m3）[单选题] *A．5gB．5gC．4g(正确答案)D．36g4、2．物体的末速度越大，位移越大．[判断题] *对错(正确答案)5、曾侯乙编钟是我国古代的一种打击乐器，如图所示。
青铜编钟按钟体大小依次悬挂，可以演奏出美妙的乐曲。
下列关于编钟的说法，正确的是（）[单选题]A.编钟正在发声，但不一定在振动B.编钟钟体越小，发出声音的音调越高(正确答案)C.编钟钟体越大，发出声音的响度越大D.编钟可以奏出美妙的音乐，但不会产生噪声6、磁场的基本性质是对放入其中的导体有力的作用[判断题] *对错(正确答案)答案解析：磁场的基本性质是对放入其中的磁体有力的作用7、2．在探索微小粒子的历程中，科学家们用一系列高能物理实验证实了大量微小粒子的存在，下列微粒按空间尺度从大到小的顺序排列的是（）[单选题] *A．质子、夸克、原子核、电子B．原子、原子核、电子、质子C．原子、原子核、质子、电子(正确答案)D．夸克、质子、原子核、原子8、C.被冻结的冰块中的小炭粒不能做布朗运动，是因为冰中的水分子不运动D.做布朗运动的固体颗粒远小，布朗运动城却明显(正确答案)答案解析：布朗运动的特征之一就是无规则性,故A对;布朗运动只能发生在液体或气体中,在固体中不能发生,并不是因为固体分子不运动,任何物质的分子都在永不停息地运动;布朗运动的剧烈程度与温度有关,当温度越低时,布朗运动越不明显,但不会停止,故B、C错;布朗运动的明显程度受颗粒大小的影响,颗粒越小,受力越不容易平衡,运动越剧烈，故选AD下例词语或陈述句中，描述分子热运动的是（）*A.“酒香不怕巷子深”(正确答案)9、如图59所示，“蛟龙号”载人深潜器是我国首台自主设计、研制的作业型深海载人潜水器，设计最大下潜深度为级，是目前世界上下潜最深的作业型载人潜水器。
【解析版】江苏省南京市2015届高三第三次模拟考试物理试题
南京市2015届高三年级第三次模拟考试物理试题2015. 05本试卷分为选择题和非选择题两部分，共120分．考试用时l00分钟． 注意事项：答题前，考生务必将学校、姓名、班级、学号写在答题卡的密封线内．选择题答案按要求填涂在答题卡上，非选择题的答案写在答题卡上对应题目的规定区域内，答案写在试卷上无效．考试结束后，请交回答题卡第I 卷（选择题，共31分）一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题惫．1一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、间距和电压不变，现在两极板间插入一电介质，其电容C 和极板的电荷量Q 的变化情况是（ ）A. C 和Q 均增大B. C 增大，Q 减小C. C 减小，Q 增大D. C 和Q 均减小【答案】【考查方向】本题旨在考查电容器的动态分析、电容。
【解析】在两极板间插入一个电介质，根据电容的决定式：4S C kd επ=，分析可知电容C 增大，而板间电压U 不变，则由电容的定义式Q C U=分析得知，电容器所带电量Q 增大，故A 正确，BCD 错误，故选：B 2.一质点以匀速率在水平面上做曲线运动，其轨迹如图所示．从图中可以看出，质点在a 、b 、c 、d 四点处加速度最大的点是（ ）A. aB. bC. cD. d【答案】C【考查方向】本题旨在考查向心加速度。
【解析】由图知c 处曲率半径最小，质点的速率不变，由公式2v a r=，知c 点的加速度最大，故C 正确，ABD 错误。
故选：C3.把火星和地球绕太阳运行的轨道视为圆周，由火星和地球绕太阳运行的周期之比可求得（ ）A.火星和地球的质量之比B.火星和太阳的质量之比C.火星和地球到太阳的距离之比D.火星和地球表面的重力加速度之比【答案】【考查方向】本题旨在考查万有引力定律及其应用。
【解析】A 、我们研究火星和地球绕太阳做圆周运动，火星和地球作为环绕体，无法求得火星和地球的质量之比，故A 错误；B 、根据题目已知条件，不能求得火星和太阳的质量之比，故B 错误；C 、研究火星和地球绕太阳做圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：2224GMm m r r T π=，得：2T =M 为太阳的质量，r 为轨道半径，火星和地球绕太阳运动的周期之比：T T =火地C正确；12别带有均匀分布的等量正电荷，x 轴垂直于环面且过两细环的圆心．下列说法正确的是（ ）A. x 1点的场强沿x 轴正方向B. x 2点的场强沿x 轴正方向C. x 1、x 2之间沿x 轴正方向电势逐渐升高D. x 1、x 2之间沿x 轴正方向电势逐渐降低【答案】B【考查方向】本题旨在考查电场的叠加、电场强度。
2015江苏省物理学业水平测试模拟试卷及答案（精品）
2015江苏省物理学业⽔平测试模拟试卷及答案（精品）江苏省2015届普通⾼中物理学业⽔平测试模拟物理试卷(⼆)2015.3 ⼀、选择题（本项共23⼩题，每⼩题3分，共69分。
在每⼩题给出的四个选项当中，只有⼀个选项是正确的。
）1、关于产⽣摩擦⼒的条件，下列说法中正确的是( )A．相互压紧的粗糙物体之间总有摩擦⼒存在B．相对运动的物体间⼀定有滑动摩擦⼒存在C．只有相互挤压和有相对运动的物体之间才有摩擦⼒的作⽤D．只有相互挤压和发⽣相对运动或有相对运动趋势的粗糙物体之间才有摩擦⼒的作⽤2、物体A、B的s-t图象如图所⽰，由图可知( ).A．从第3s起，两物体运动⽅向相同，且v A>v BB．两物体由同⼀位置开始运动，但物体A⽐B迟3s才开始运动C．在5s内物体的位移相同，5s末A、B相遇D．5s内A、B的平均速度相等3、在“测定匀变速直线运动加速度”的实验中，得到的记录纸带如下图所⽰，图中的点为记数点，在每两相邻的记数点间还有4个点没有画出，则⼩车运动的加速度为( ).A．0.2m／s2 B.2.0m／s2 C.20.0m／s2 D.200.0m／s24、在下⾯所说的物体运动情况中，不可能出现的是( ).A．物体在某时刻运动速度很⼤，⽽加速度为零B．物体在某时刻运动速度很⼩，⽽加速度很⼤C．运动的物体在某时刻速度为零，⽽其加速度不为零D．做变速直线运动的物体，加速度⽅向与运动⽅向相同，当物体加速度减⼩时，它的速度也减⼩5、⽕车的速度为8m／s，关闭发动机后前进70m时速度减为6m／s.若再经过50s，⽕车⼜前进的距离为( )A．50m B．90m C．120m D．160m6、下列⼏种运动，运动状态发⽣变化的是( ).A．汽车沿着有⼀定倾⾓的公路(直线)匀速前进B．⽕车沿⽔平⾯内的弯曲轨道匀速前进C．⽓球被风刮着沿⽔平⽅向向正东匀速飘移D．降落伞与伞兵⼀起斜向下匀速降落7、某物体在三个共点⼒的作⽤下处于静⽌状态，若把其中⼀个⼒F1的⽅向沿顺时针转过900⽽保持其⼤⼩不变。
东南大学《大学物理》期中试卷A含答案
东 南 大 学 考 试 卷课程名称 大学物理 姓 名 学 号适用专业考试形式闭卷考试时间 120分钟一、选择题（每空2分，共18分）1、对功的概念有以下几种说法：（1）保守力作功时，系统内相应的势能增加。
（2）质点运动经一闭合路径，保守力对质点作的功为零。
（3）作用力和反作用力大小相等、方向相反，所以两者作功的代数和必为零。
在上述说法中正确的是（ C ） A 、（1）（2） B 、（2）（3） C 、只有（2） D 只有（3）2、一轻弹簧竖直固定于水平桌面上。
如图1所示，小球从距离桌面高为h 处以初速率0υ落下，撞击弹簧后跳回到高为h 处时速率仍为0υ，以小球为系统，则在这一整个过程中小球的（ A ） A.动能不守恒，动量不守恒 B.动能守恒，动量不守恒 C.机械能不守恒，动量守恒 D. 机械能守恒，动量守恒3、质量为m 的汽车在广场上以速率υ作半径为R 的圆周运动，如图2所示，汽车从A 点运动到B 点，动量的增量为（ A ）A 、i m υ2B 、i mυ2- C 、j m υ2 D 、j m υ2- 解：i m m P A A υυ-== i m m P B B υυ== i m P P P A B υ2=-=∆4、花样滑冰运动员绕竖直轴旋转，两臂伸开时转动惯量为J 0，角速度为ω0；收拢两臂，转动惯量变为031J ，则角速度为（ C ） A 、031ω B 、031ω C 、03ω D 、03ω 解：运动员旋转过程中角动量守恒：''ωωJ J =000ωω==''J J 5、一平面简谐波在t=0时刻的波形图如图3所示，则O A 、0 B 、2πC 、πD 、)(223ππ-或 6、关于力矩有以下几种说法，其中正确的是（ B ）A 、内力矩会改变刚体对某个定轴的角动量（动量矩）；图2图1OB 、作用力和反作用力对同一轴的力矩之和必为零；C 、角速度的方向一定与外力矩的方向相同；D 、质量相等、形状和大小不同的两个刚体，在相同力矩的作用下，它们的角加速度一定相同。
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振动波动光波练习题一、选择题
10.检验滚珠大小的干涉装置示意如图(a)．S 为光源，L 为会聚透镜，M 为半透半反镜．在平晶T1、T2之间放置A、B、C 三个滚珠，其中A 为标准件，直径为d0．用波长为λ的单色光垂直照射平晶，在M 上方观察时观察到等厚条纹如图(b)
所示．轻压C 端，条纹间距变大，则B 珠的直径d1、C 珠的
直径d2与d0的关系分别为：
(A)d1＝d0＋λ，d2＝d0＋3λ．
(B)d1＝d0-λ，d2＝d0－3λ．
(C)d1＝d0＋λ/ 2，d2＝d0＋λ．
(D)d1＝d0-λ/2，d2＝d0－3λ/ 2．
二、填空题
1. 把单摆从平衡位置拉开，使摆线与竖直方向成θ角，然后放手任其振动，
则图中所示运动状态所对应的相位。
2. 在以加速度a 上升的升降机中，一个单摆的摆长为l ，摆球的质量为m ，当其作小角度摆动时，则周期 。
（设地球上的重力加速度为g ）
3. 一正弦式声波，沿直径为0.14m 的圆柱形管行进，波的强度为9.0×10-3 ，W/m2，频率为300Hz ，波速为300m/s, (1)波中的平均能量密度为 ，最大能量密度为 (2)每两个相邻的、相位差为2π的同相面间有 能量。
6. 一固定的超声波探测器，在海水中发出一束频率n =3 104Hz 的超声波，被向着探测器驶来的潜艇反射回来，反射波与原来的波合成后，得到频率为241Hz 的拍。
则潜挺的速率为 。
（设超声波在海水中的波速为1500m/s ）。
8. 在玻璃板（折射率为50.1）上有一层油膜（折射率为30.1）。
已知对于波长为nm 500和
nm 700的垂直入射光都发生反射相消，而这两波长之间没有别的波长光反射相消，则此油
膜的厚度为 。
9. 光强分别为I 0和4I 0的两束相干光相遇而发生干涉时，在相遇区域内有可能出现的最大光强是
10. 若待测透镜的表面已确定是球面，可用观察等厚条纹半径变化的方法来确定透镜球面半径比标准样规所要求的半径是大还是小。
如图，若轻轻地从上面往下按样规，则图__________中的条纹半径将缩小，而图_________中的条纹半径将增大。
三、计算题
1. 如图所示，轻质弹簧的一端固定，另一端系一轻绳，轻绳绕过滑轮连接一质量
为m 的物体，绳在轮上不打滑，使物体上下自由振动。
已知弹簧的劲度系数为k,滑轮半
径为R 转动惯量为J 。
(1)证明物体作简谐振动; (2)求物体的振动周期； (3)设t = 0时，弹簧无伸缩，物体也无初速，写出物体的振动表式。
3. 柱面平凹透镜A ，曲率半径为R ，放在平玻璃片B 上，如图所示。
现用波长为λ的平行单色光自上方垂直往下照射，观察A 和B 间空气薄膜的反射光的干涉条纹。
设空气膜的最大厚度λ2=d 。
（1）求明、暗条纹的位置(用r 表示)； （2）共能看到多少条明条纹；
（3）若将玻璃片B 向下平移，条纹如何移动？
4. 波长400nm 到750nm 的白光垂直照射到某光栅上，在离光栅0.50m 处的光屏上测得第一级彩带离中央明条纹中心最近的距离为4.0cm ，求：（1）第一级彩带的宽度；（2）第三级的哪些波长的光与第二级光谱的光相重合。
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