2016-第三章第二讲(1)
新高中地理高考第3章 第2讲 大规模的海水运动 课件
解析:从图中可以看出泰坦尼克号邮轮航线地处中纬度地区,终年受西风带的 控制。
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第三章 地球上的水
5.上图中a、b、c、d四条虚线箭头能表示将撞毁邮轮的冰山搬运至此的洋流
的流向是
(A)
A.a
B.b
C.c
D.d
解析:a虚线箭头的方向与拉布拉多寒流的流向基本一致,可将北极地区的冰 山搬运至此。
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第三章 地球上的水
(2)夏季,盛行西南季风,季风洋流向东流,此时索马里暖流和赤道逆流消失, 索马里沿岸受离岸风(西南季风)影响,形成上升补偿流,形成与冬季流向相反的索 马里寒流。整个环流系统由索马里寒流、季风洋流和南赤道暖流组成,呈顺时针方 向流动。(见图乙)
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第三章 地球上的水
3.洋流分布规律的应用 (1)依据环流方向判断南、北半球 ①如果大洋环流方向呈顺时针方向且位于中低纬度,则该海域肯定位于北半 球,如图1;反之,该海域位于南半球,如图2。
图1
图2
②组成中低纬大洋环流的四条洋流中,若三条暖流一条寒流,则该环流位于北
半球,如图1;若两条暖流两条寒流,则该洋流位于南半球,如图2。
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[方法技巧] 1.分析渔场的形成和分布规律的一般思路 渔业资源丰富的地区具有以下特点:寒暖流交汇或冷海水上泛(从海底带来营养 盐类);沿海大陆架地区(通过光合作用自己生产营养物质);河流入海口地区(河流从 陆地上带来了营养盐类)。 (1)结合成因分析,由果及因推理成因。渔场即渔业资源丰富、鱼类汇集、渔业 活动频繁的场所。据此推理鱼类汇集的成因,思维过程是鱼类汇集←饵料(浮游生 物)丰富←营养盐类、有机物质丰富←特殊的海域位置。而特殊的海域位置包括温带 海区、大陆架海区、寒暖流交汇海区、上升流海区、河流入海口附近等。
高考数学一轮复习第三章第二讲同角三角函数的基本关系与诱导公式课件
所以 sin α=2 5 5,cos α=- 55,tan α=-2,
所以 sin (2α-3π)+tan π2-α=-2sin αcos α+tan1 α=
-2×2
5
5×-
55-12=45-12=130.故选
D.
答案:D
2.(考向 2)已知 sinα-1π2=13,则 cosα+1172π的值为(
3sin2θ-cos2θ+( 3-1)sinθcos sin2θ+cos2θ
θ=
3tan2θ-ta1n+2θ1)=2
3+1 5.
故选 B.
答案:B
⊙sin x+cos x,sin x-cos x,sin x cos x 之间的关系 [例 4]已知 sin θ+cos θ=173,θ∈(0,π),则 tan θ 的值为_______.
(3)注意公式逆用及变形应用:1=sin2α+cos2α,sin2α=1- cos2α,cos2α=1-sin2α.
考点二 诱导公式及其应用 考向 1 利用诱导公式化简三角函数式 [例 1](1)化简:sinc-osαπ2--32απcsoins π232+π-ααsitnan(2π(+2πα-) α)=________.
2.三角函数的诱导公式
序号
一
二
三
四
五六
角 2kπ+α(k∈Z) π+α
正弦 sin α
-sin α
-α -sin α
π-α sin α
π2-α π2+α cos α cos α
余弦 cos α
-cos α cos α -cos α sin α -sin α
正切 口诀
tan α
tan α -tan α -tan α — —
第三章 概率 第二讲 古典概率
第三章概率第二讲古典概率【考点透视】1.基本事件:在实验中所有可能的结果都是随机事件,我们把这类随机事件称为基本事件.基本事件有两个特点:(1)任何两个基本事件是互斥的;(2)任何事件(除不可能事件)都可以表示成基本事件的和.2.古典概型:将具有以下两个特点的概率模型称为古典概率模型,简称古典概型.(1)试验中所有可能出现的基本事件只有有限个;(2)每个基本事件出现的可能性相等3.古典概型概率计算公式P(A)=mn.m表示事件A包含的基本事件的个数,,n表示基本事件的总数。
3.古典概型的适用条件:(1)试验中所有可能出现的基本事件只有有限个;(2)每个基本事件出现的可能性相等.4.古典概型的解题步骤:(1)求出总的基本事件数;(2)求出事件A所包含的基本事件数,然后利用公式P(A)=A包含的基本事件的个数基本事件的总数【新知探究】探究点一基本事件问题1抛掷两枚质地均匀的硬币,有哪几种可能结果?连续抛掷三枚质地均匀的硬币,有哪几种可能结果?答(正,正),(正,反),(反,正),(反,反);(正,正,正),(正,正,反), (正,反,正),(反,正,正),(正,反,反),(反,正,反),(反,反,正),(反,反,反).问题2上述试验中的每一个结果都是随机事件,我们把这类事件称为基本事件.在一次试验中,任何两个基本事件是什么关系?答由于任何两种结果都不可能同时发生,所以它们的关系是互斥关系.问题3在连续抛掷三枚质地均匀的硬币的试验中,随机事件“出现两次正面和一次反面”,“至少出现两次正面”分别由哪些基本事件组成?答(正,正,反),(正,反,正),(反,正,正);(正,正,正),(正,正,反),(正,反,正),(反,正,正).例1从字母a、b、c、d中任意取出两个不同字母的试验中,有哪些基本事件?事件“取到字母a”是哪些基本事件的和?解所求的基本事件有6个,A={a,b},B={a,c},C={a,d}, D={b,c},E={b,d},F={c,d};“取到字母a”是基本事件A、B、C的和,即A+B+C.小结基本事件有如下两个特点:(1)任何两个基本事件是互斥的;(2)任何事件(除不可能事件)都可以表示成基本事件的和.探究点二古典概型问题1抛掷一枚质地均匀的硬币,每个基本事件出现的可能性相等吗?答基本事件有两个,正面朝上和正面朝下,由于质地均匀,因此基本事件出现的可能性是相等的.问题2抛掷一枚质地均匀的骰子,有哪些基本事件?每个基本事件出现的可能性相等吗?答这个试验的基本事件有6个,正面出现的点数为1,2,3,4,5,6,由于质地均匀,因此基本事件出现的可能性是相等的.问题3上述试验的共同特点是什么?答(1) 试验中所有可能出现的基本事件只有有限个;(2) 每个基本事件出现的可能性相等.我们将具有这两个特点的概率模型称为古典概率模型,简称古典概型.例2某同学随机地向一靶心进行射击,这一试验的结果只有有限个:命中10环、命中9环、……、命中5环和不中环.你认为这是古典概型吗?为什么?解不是古典概型,因为试验的所有可能结果只有7个,而命中10环、命中9环、……、命中5环和不中环的出现不是等可能的(为什么?),即不满足古典概型的第二个条件.小结判断一个试验是不是古典概型要抓住两点:一是有限性;二是等可能性.探究点三古典概型概率公式导引在古典概型下,每一基本事件的概率是多少?随机事件出现的概率如何计算?问题1在抛掷硬币试验中,如何求正面朝上及反面朝上的概率?解出现正面朝上的概率与反面朝上的概率相等,即P(“正面朝上”)=P(“反面朝上”).由概率的加法公式,得P(“正面朝上”)+P(“反面朝上”)=P(必然事件)=1,因此P(“正面朝上”)=P(“反面朝上”)=1 2,即P(出现正面朝上)=12=“出现正面朝上”所包含的基本事件的个数基本事件的总数.问题2在抛掷骰子的试验中,如何求出现各个点的概率?解出现各个点的概率相等,即P(“1点”)=P(“2点”)=P(“3点”)=P(“4点”)=P(“5点”)=P(“6点”),反复利用概率的加法公式,我们有P(“1点”)+P(“2点”)+P(“3点”)+P(“4点”)+P(“5点”)+P(“6点”)=P(必然事件)=1.所以P(“1点”)=P(“2点”)=P(“3点”)=P(“4点”)=P(“5点”)=P(“6点”)=1 6.进一步地,利用加法公式还可以计算这个试验中任何一个事件的概率,例如,P(“出现偶数点”)=P(“2点”)+P(“4点”)+P(“6点”)=16+16+16=12.即P(“出现偶数点”)=“出现偶数点”所包含基本事件的个数”/基本事件的总数;P(“出现不小于2点”)=“出现不小于2点”所包含的基本事件的个数”/基本事件的总数.P(A)=事件A所包含的基本事件的个数/基本事件的总数.问题3从集合的观点分析,如果在一次试验中,等可能出现的所有n个基本事件组成全集U,事件A包含的m个基本事件组成子集A,那么事件A发生的概率P(A)等于什么?特别地,当A=U,A=∅时,P(A)等于什么?答P(A)=mn;当A=U时,P(A)=1;当A=∅时,P(A)=0.例3单选题是标准化考试中常用的题型,一般是从A,B,C,D四个选项中选择一个正确答案.如果考生掌握了考查的内容,他可以选择唯一正确的答案,假设考生不会做,他随机地选择一个答案,则他答对的概率是多少?解由于考生随机地选择一个答案,所以他选择A,B,C,D哪一个选项都有可能,因此基本事件总数为4,设答对为随机事件A,由于正确答案是唯一的,所以事件A只包含一个基本事件,所以P(A)=1 4.小结解答概率题要有必要的文字叙述,一般要用字母设出所求的随机事件,要写出所有的基本事件及个数,写出随机事件所包含的基本事件及个数,然后应用公式求出.探究点四与顺序有关的古典概型问题1在标准化的考试中既有单选题又有多选题,多选题是从A、B、C、D四个选项中选出所有正确答案,同学们可能有一种感觉,如果不知道正确答案,多选题更难猜对,这是为什么?答这是因为猜对的概率更小,由概率公式可知,分子上的数还是1,因正确答案是唯一的,而分母上的数即基本事件的总数增多了,有(A), (B),(C),(D),(A,B),(A,C),(A,D),(B,C),(B,D),(C,D) ,(A,B,C),(A,B,D),(A,C,D),(B,C,D),(A,B,C,D)共15个,所以所求概率为115<14.例1同时掷两个骰子,计算:(1)一共有多少种不同的结果?(2)其中向上的点数之和是5的结果有多少种?(3)向上的点数之和是5的概率是多少?解(1)掷一个骰子的结果有6种,我们把两个骰子标上记号1,2以便区分,由于1号骰子的结果都可以与2号骰子的任意一个结果配对,我们用一个“有序实数对”来表示组成同时掷两个骰子的一个结果(如表),其中第一个数表示1号骰子的结果,第二个数表示2号骰子的结果.(可由列表法得到)由表中可知同时掷两个骰子的结果共有36种.(2)在上面的结果中,向上的点数之和为5的结果有4种,分别为(1,4),(2,3),(3,2),(4,1).(3)由于所有36种结果是等可能的,其中向上点数之和为5的结果(记为事件A)有4种,因此,由古典概型的概率计算公式可得P(A)=A所包含的基本事件的个数基本事件的总数=436=19.问题2为什么要把两个骰子标上记号?如果不标记号会出现什么情况?若用古典概型公式,所求的概率是多少?答如果不标上记号,类似于(1,2)和(2,1)的结果将没有区别,这时,所有可能的结果将是(1,1)(1,2)(1,3)(1,4)(1,5)(1,6)(2,2)(2,3)(2,4)(2,5)(2,6)(3,3)(3,4)(3,5)(3,6)(4,4)(4,5)(4,6)(5,5)(5,6)(6,6)共有21种,和是5的结果有2个,它们是(1,4)(2,3),所求的概率为P(A)=A所包含的基本事件的个数基本事件的总数=2 21.问题3在例1中所求的概率和问题2中所求的概率相同吗?哪种求法不符合古典概型?为什么?答求出的概率不相同;问题2中的求法不符合古典概型;因为两个不同的骰子所抛掷出来的点构造的基本事件不是等可能事件.小结古典概型问题包含的题型较多,但都必须紧扣古典概型的定义,进而用公式进行计算.列举法是求解古典概型问题的常用方法,借助于图表等有时更实用有效.探究点五与顺序无关的古典概型例2现有8名奥运会志愿者,其中志愿者A1、A2、A3通晓日语,B1、B2、B3通晓俄语,C1、C2通晓韩语,从中选出通晓日语、俄语和韩语的志愿者各1名,组成一个小组.(1)求A1被选中的概率;(2)求B1和C1不全被选中的概率.解(1)从8人中选出日语、俄语和韩语志愿者各1名,其一切可能的结果组成的基本事件空间Ω={(A1,B1,C1),(A1,B1,C2),(A1,B2,C1),(A1,B2,C2),(A1,B3,C1), (A1,B3,C2),(A2,B1,C1),(A2,B1,C2),(A2,B2,C1),(A2,B2,C2),(A2,B3,C1),(A2,B3,C2),(A3,B1,C1),(A3,B1,C2 ),(A3,B2,C1),(A3,B2,C2),(A3,B3,C1),(A3,B3,C2)}有18个基本事件组成.由于每一个基本事件被抽取的机会均等,因此这些基本事件的发生是等可能的.用M表示“A1恰被选中”这一事件,则M={(A1,B1,C1),(A1,B1,C2),(A1,B2,C1),(A1,B2,C2),(A1,B3,C1) , (A1,B3,C2)}事件M有6个基本事件组成,因而P(M)=618=13.(2)用N表示“B1、C1不全被选中”这一事件,则其对立事件N表示“B1、C1全被选中”这一事件,由于N={(A1,B1,C1),(A2,B1,C1),(A3,B1,C1)},事件N有3个基本事件组成,所以P(N)=318=16,由对立事件的概率公式得P(N)=1-P(N)=1-16=56.小结在应用古典概型概率计算公式求概率时,有些事件用文字书写较麻烦,我们常用一些字母或数字来表示事件,为解题带来方便.【知识梳理】1.基本事件是一次试验中所有可能出现的最小事件,且这些事件彼此互斥.试验中的事件A可以是基本事件,也可以是由几个基本事件组合而成的.2.有限性和等可能性是古典概型的两个本质特点,概率计算公式P(A)=事件A所包含的基本事件的个数基本事件的总数,只对古典概型适用.3.求某个随机事件A包含的基本事件的个数和试验中基本事件的总数常用的方法是列举法(画树状图和列表),注意做到不重不漏.4.在求概率时,通常把全体基本事件列表或用直角坐标系中的点来表示,以方便我们更直接、准确地找出某个事件所包含的基本事件的个数,然后再根据古典概型的概率公式,求出相应的概率即可.5.解题时,将所有基本事件全部列出是避免重复或者遗漏的有效方法;对于用直接方法难以解决的问题,可以求其对立事件的概率,进而求得其概率,以降低难度.【小露一手】古典概型练习(一)一、基础过关1.下列是古典概型的是 ( )A .任意抛掷两枚骰子,所得点数之和作为基本事件时B .求任意的一个正整数平方的个位数字是1的概率,将取出的正整数作为基本事件时C .从甲地到乙地共n 条路线,求某人正好选中最短路线的概率D .抛掷一枚均匀硬币首次出现正面为止2.从{1,2,3,4,5}中随机选取一个数为a ,从{1,2,3}中随机选取一个数为b ,则b >a 的概率是( )A.45B.35C.25D.153.从三件正品、一件次品中随机取出两件,则取出的产品全是正品的概率是( ) A.14 B.12 C.18 D .无法确定4.一袋中装有大小相同的四个球,编号分别为1,2,3,4,现从中有放回地每次取一个球,共取2次,记“取得两个球的编号和大于或等于6”为事件A ,则P (A )等于( )A.14B.16C.38D.49 5.三张卡片上分别写上字母E 、E 、B ,将三张卡片随机地排成一行,恰好排成英文单词BEE 的概率为________.6.袋中共有6个除了颜色外完全相同的球,其中有1个红球,2个白球和3个黑球.从球中任取两球,两球颜色为一白一黑的概率为________.7.从甲、乙、丙、丁四个人中选两名代表.求:(1)甲被选中的概率;(2)丁没被选中的概率.8.从含有两件正品a ,b 和一件次品c 的三件产品中每次任取1件,每次取出后放回,连续取两次,求取出的两件中恰好有一件次品的概率.二、能力提升9.有五根细木棒,长度分别为1,3,5,7,9(cm),从中任取三根,能搭成三角形的概率是( )A.320B.25C.15D.31010.在1,2,3,4四个数中,可重复地选取两个数,其中一个数是另一个数的2倍的概率是________.11.从1,2,3,4,5这5个数字中,不放回地任取两数,两数都是奇数的概率是________.12.某学校要从艺术节活动中所产生的4名书法比赛一等奖的同学和2名绘画比赛一等奖的同学中选出2名志愿者,参加某项活动的志愿服务工作.(1)求选出的两名志愿者都是获得书法比赛一等奖的同学的概率;(2)求选出的两名志愿者中一名是获得书法比赛一等奖,另一名是获得绘画比赛一等奖的同学的概率.三、探究与拓展13.田忌和齐王赛马是历史上有名的故事,设齐王的三匹马分别为A、B、C,田忌的三匹马分别为a、b、c;三匹马各比赛一次,胜两场者为获胜.若这六匹马比赛优、劣程度可以用以下不等式表示:A>a>B>b>C>c.(1)正常情况下,求田忌获胜的概率;(2)为了得到更大的获胜机会,田忌预先派出探子到齐王处打探实情,得知齐王第一场必出上等马A,于是田忌采用了最恰当的应对策略,求这时田忌获胜的概率.答案1.C2.D3.B4.C5.13 6.257.解(1)记甲被选中为事件A,基本事件有甲乙,甲丙,甲丁,乙丙,乙丁,丙丁共6个,事件A包含的事件有甲乙,甲丙,甲丁共3个,则P(A)=36=12.(2)记丁被选中为事件B,由(1)同理可得P(B)=12,又因丁没被选中为丁被选中的对立事件,设为B,则P(B)=1-P(B)=1-12=12.8.解有放回的连取两次取得两件,其一切可能的结果组成的样本空间是Ω={(a,a),(a,b),(a,c),(b,a),(b,b),(b,c),(c,a),(c,b),(c,c)},∴n=9,用B表示“恰有一件次品”这一事件,则B={(a,c),(b,c),(c,a),(c,b)},∴m=4.∴P(B)=4 9.9.D 10.1411.31012.解把4名获书法比赛一等奖的同学编号为1,2,3,4;2名获绘画比赛一等奖的同学编号为5,6.从6名同学中任选两名的所有可能结果如下:(1,2),(1,3),(1,4),(1,5),(1,6),(2,3),(2,4),(2,5), (2,6),(3,4),(3,5),(3,6),(4,5),(4,6),(5,6),共15个.(1)从6名同学中任选两名,都是书法比赛一等奖的所有可能如下:(1,2),(1,3),(1,4), (2,3),(2,4),(3,4),共6个.∴选出的两名志愿者都是书法比赛一等奖的概率是P1=615=2 5.(2)从6名同学中任选两名,一名是书法比赛一等奖,另一名是绘画比赛一等奖的所有可能如下:(1,5), (1,6), (2,5), (2,6), (3,5),(3,6),(4,5),(4,6),共8个.∴选出的两名志愿者一名是书法比赛一等奖,另一名是绘画比赛一等奖的概率是P2=815.13.解比赛配对的基本事件共有6个,它们是(Aa,Bb,Cc),(Aa,Bc,Cb),(Ab,Ba,Cc),(Ab,Bc,Ca),(Ac,Ba,Cb),(Ac,Bb,Ca).(1)经分析:仅有配对为(Ac,Ba,Cb)时,田忌获胜,且获胜的概率为1 6.(2)田忌的策略是首场安排劣马c出赛,基本事件有2个:(Ac,Ba,Cb),(Ac,Bb,Ca),配对为(Ac,Ba,Cb)时,田忌获胜且获胜的概率为1 2.答正常情况下,田忌获胜的概率为16,获得信息后,田忌获胜的概率为12.古典概型练习(二)一、基础过关1.老师为研究男女同学数学学习的差异情况,对某班50名同学(其中男同学30名,女同学20名)采取分层抽样的方法,抽取一个样本容量为10的样本进行研究,某女同学甲被抽到的概率为( )A.150B.110C.15D.142.有100张卡片(标号为1~100),从中任取1张,取到卡片上的号码是7的倍数的概率是( )A.750B.7100C.748D.3203.先后抛掷两枚均匀的正方体骰子(它们的六个面分别标有点数1、2、3、4、5、6),骰子朝上的面的点数分别为X 、Y ,则log 2X Y =1的概率为( )A.16B.536C.112D.12 4.同时抛掷三枚均匀的硬币,出现一枚正面,二枚反面的概率等于( ) A.14B.13C.38D.125.从含有3件正品和1件次品的4件产品中不放回地任取2件,则取出的2件中恰有1件是次品的概率是________.6.若以连续掷两次骰子分别得到的点数m 、n 作为点P 的坐标,则点P 落在圆x 2+y 2=16内的概率是________.7.设袋中有a 1,a 2两支好签,b 1,b 2两支坏签,四人依次从袋中无放回地任抽一签,分别求他们抽到好签的概率.8.一个袋中装有四个形状大小完全相同的球,球的编号分别为1,2,3,4.(1)从袋中随机取两个球,求取出的球的编号之和不大于4的概率;(2)先从袋中随机取一个球,该球的编号为m ,将球放回袋中,然后再从袋中随机取一个球,该球的编号为n ,求n <m +2的概率. 二、能力提升9.先后两次抛掷一枚骰子,在得到点数之和不大于6的条件下,先后出现的点数中有3的概率为( )A.16B.15C.13D.2510.从个位数与十位数之和为奇数的两位数中任取一个,其个位数为0的概率是 ( )A.49B.13C.29D.1911.某人有4把钥匙,其中2把能打开门,现随机地取1把钥匙试着开门,不能开门的就扔掉,问第二次才能打开门的概率是________;如果试过的钥匙不扔掉,这个概率是________.12.袋子中放有大小和形状相同的小球若干个,其中标号为0的小球1个,标号为1的小球1个,标号为2的小球n 个.已知从袋子中随机抽取1个小球,取到标号是2的小球的概率是12.(1)求n 的值;(2)从袋子中不放回地随机抽取2个小球,记第一次取出的小球标号为a ,第二次取出的小球标号为b .记事件A 表示“a +b =2”,求事件A 的概率. 三、探究与拓展13.班级联欢时,主持人拟出了如下一些节目:跳双人舞、独唱、朗诵等,指定3个男生和2个女生来参与,把5个人分别编号为1,2,3,4,5,其中1,2,3号是男生,4,5号是女生,将每个人的号分别写在5张相同的卡片上,并放入一个箱子中充分混合,每次从中随机地取出一张卡片,取出谁的编号谁就参与表演节目.(1)为了选出2人来表演双人舞,连续抽取2张卡片,求取出的2人不全是男生的概率; (2)为了选出2人分别表演独唱和朗诵,抽取并观察第一张卡片后,又放回箱子中,充分混合后再从中抽取第二张卡片,求:独唱和朗诵由同一个人表演的概率.答案1.C2.A3.C4.C 5.12 6.297.解设事件A1,A2,A3,A4分别表示第一人,第二人,第三人,第四人抽到好签的事件,则A1={a1a2b1b2,a1a2b2b1,a1b1a2b2,a1b1b2a2,a1b2a2b1,a1b2b1a2,a2a1b1b2,a2a1b2b1,a2b1a1b2,a2b1b2a1,a2b2a1b1,a2b2b1a1},共12个基本事件.A2={b1a1b2a2,b1a1a2b2,a2a1b1b2,a2a1b2b1,b2a1b1a2,b2a1a2b1,b1a2b2a1,b1a2a1b2,a1a2b1b2,a1a2b2b1,b2a2a1b1,b2a2b1a1},共12个基本事件.同理,我们可列举出A3,A4也都包含12个基本事件.由古典概型的计算公式,可得P(A1)=P(A2)=P(A3)=P(A4)=1224=12.8.解(1)从袋中随机取两个球,其一切可能的结果组成的基本事件有:1和2,1和3,1和4,2和3,2和4,3和4,共6个.从袋中取出的两个球的编号之和不大于4的事件有:1和2,1和3,共2个.因此所求事件的概率为P=26=13.(2)先从袋中随机取一个球,记下编号为m,放回后,再从袋中随机取一个球,记下编号为n,其一切可能的结果(m,n)有:(1,1),(1,2),(1,3),(1,4),(2,1),(2,2),(2,3),(2,4),(3,1),(3,2),(3,3),(3,4),(4,1),(4,2),(4,3),(4,4),共16个.又满足条件n≥m+2的事件有:(1,3),(1,4),(2,4),共3个.所以满足条件n≥m+2的事件的概率为P1=316. 故满足条件n<m+2的事件的概率为1-P1=1-316=13 16.9.C10.D11.131412.解(1)由题意可知:n1+1+n=12,解得n=2.(2)不放回地随机抽取2个小球的所有基本事件为(0,1),(0,21),(0,22),(1,0),(1,21),(1,22),(21,0),(21,1),(21,22),(22,0),(22,1),(22,21),共12个,事件A包含的基本事件为(0,21),(0,22),(21,0),(22,0),共4个.∴P (A )=412=13.13.解 (1)利用树形图我们可以列出连续抽取2张卡片的所有可能结果(如下图所示).由上图可以看出,试验的所有可能结果数为20,因为每次都随机抽取,所以这20种结果出现的可能性是相同的,试验属于古典概型.用A 1表示事件“连续抽取2人是一男一女”,A 2表示事件“连续抽取2人都是女生”,则A 1与A 2互斥,并且A 1∪A 2表示事件“连续抽取2张卡片,取出的2人不全是男生”,由列出的所有可能结果可以看出,A 1的结果有12种,A 2的结果有2种,由互斥事件的概率加法公式,可得P (A 1∪A 2)=P (A 1)+P (A 2)=1220+220=710=0.7,即连续抽取2张卡片,取出的2人不全是男生的概率为0.7.(2)有放回地连续抽取2张卡片,需注意同一张卡片可再次被取出,并且它被取出的可能性和其他卡片相等,我们用一个有序实数对表示抽取的结果,例如“第一次取出2号,第二次取出4号”就用(2,4)来表示,所有的可能结果可以用下表列出.第二次抽取第一次抽取1 2 3 4 5 1 (1,1) (1,2) (1,3) (1,4) (1,5) 2 (2,1) (2,2) (2,3) (2,4) (2,5) 3 (3,1) (3,2) (3,3) (3,4) (3,5) 4 (4,1) (4,2) (4,3) (4,4) (4,5) 5(5,1)(5,2)(5,3)(5,4)(5,5)试验的所有可能结果数为25,并且这25种结果出现的可能性是相同的,试验属于古典概型. 用A 表示事件“独唱和朗诵由同一个人表演”,由上表可以看出,A 的结果共有5种,因此独唱和朗诵由同一个人表演的概率P (A )=525=15=0.2.。
第二讲 力的合成与分解
第二讲力的合成与分解考点三:力的合成与分解笔记整理:一、力的合成1.合力与分力(1)定义:如果一个力在跟几个力共同作用的相同,这一个力就叫那几个力的合力,那几力就叫这个力的分力.(2)逻辑关系:合力与分力是一种的关系.2.共点力:作用在物体上的力在,或作用线的延长线交于一点的力.3.力的合成:求几个已知力的共同作用效果的过程.4.合力不一定大于分力,也不一定小于分力.理解:(1)合力F比分力F1或F2可大可小也可相同.(2)当两分力的大小不变时,合力会随两分力夹角 .(3)当合力不变且是两分力夹角的角平分线时,两分力会随夹角 .二、力的分解1.力的分解:求一个力的分力的过程.2.分解的方法:(1)按力产生的作用效果分解;(2)正交分解.三、力的运算法则:1.平行四边形定则:求互成角度的两个共点力的合力,可以用表示这两个力的线段为作平行四边形,则这两个邻边之间表示合力的大小和方向.2.矢量三角形定则:求两个互成角度的共点力F1、F2的合力,可以把F1、F2画出来,把F1、F2的另外两端连接起来,此连线就表示合力F的大小和方向.3.力的分解是力的合成的逆运算,都遵行或 .理解:平行四边形定则和矢量三角形是所有所遵循的运算法则.4.多边形定则→三解形定则的推广求多个互成角度的共点力F1、F2、F3、…、F n的合力,可以通过矢量平移把这些力首尾相接地画出来,然后把另外两端箭头对箭头、箭尾对箭尾连接起来,此连线就表示这些力的合力F的大小和方向.如下图.推论:(1)多个互成角度的共点力F1、F2、F3、…、F n,把它们通过平移法首尾相接地画出来,正好又首尾相接构成一个循环,则这些力的合力为F.如上图.(2)如果物体受三个力作用而平衡,即合力F 为零,则这三个力必是共点力,且通过矢量平移,这三个力必首尾相接,构成一个封闭的三角形.四、按问题的需要对力进行分解,有唯一解和两解的情况1.一定有唯一解的情况(1)已知合力F 的大小和方向和一个分力的大小与方向,只能做出一个平行四边形,即对力F 的分解,其解是唯一的.如下图.(2)已知合力F 的大小和方向以及两个分力的方向,力F 的分解也是唯一的.如上图.2.一定有两解的情况已知合力F 的大小和方向及两个分力的大小,可以做出两个平行四边形,即对力F 的分解,其解有两组解3.可能有两解的情况已知一个分力F1的方向和另一个分力F2的大小,对力F 进行分解,则有三种可能(F1与F 的夹角为θ).如图所示.(1)F 2=Fsin θ,有一组解,此时F 2最小.(2)F 2<Fsin θ时无解.(3)Fsin θ<F 2<F 时有两组解.(4)F 2≥F 时有一组解.五、用矢量三角形定则分析最小力的规律1.当已知合力F 的大小、方向及一个分力F 1的方向时,另一个分力F 2的最小条件是:两个分力垂直,最小的F 2=Fsin α. 如图甲.2.当已知合力F 的方向及一个分力F 1的大小、方向时,另一个分力F 2最小的条件是:所求分力F 2与合力F 垂直,最小的F 2=F 1sin α. 如图乙.六、求共点力的合力的方法1.图示法:选标度,画分力的图示,并以分力为邻边做平行四边形,量对角线长度折算出合力的大小,用量角器量出合力与其中一个力之间的夹角α,即合力的方向.(1)合力、分力要共点,实线、虚要分清;(2)合力、分力标度要相同,作图要准确.图中F 1=50N ;F 2=40 N ;合力F =80N2.计算法:根据平行四边形定则作出示意图,然后利用解三角形的方法求出合力.F =F 21+F 22;F =2F 1cos θ2; F =F 1=F 23.正交分解法求合力(1)将已知力按 的两个方向进行分解的方法.(2)分解原则:以少分解力和容易分解力为原则.(3)方法:物体受到多个力作用F 1、F 2、F 3……,求合力F 时,可把各力沿相互垂直的x轴、y 轴分解.x 轴上的合力: F x =F x1+F x2+F x3+…y 轴上的合力: F y =F y1+F y2+F y3+…合力大小:F =F 2x +F 2y合力方向:与x 轴夹角为θ,则tan θ=F y F x . 七、合力范围的确定1.两个共点力的合力范围:当夹角θ变化时,合力的范围为F1-F2≤F ≤F1+F2.(1)当夹角θ=00时,力F 1和F 2在同一条直线上且方向相同,F=F 1+F 2,此时合力 ,合力F 的方向跟两个力的方向相同.(2)当夹角θ=1800时,力F 1和F 2在同一条直线上且方向相反,F=F 1-F 2,此时合力 ,合力F 的方向跟较大的那个力的方向相同.2.三个共点力的合成范围(1)最大值:三个力同向时,其合力最大,为F max =F 1+F 2+F 3.(2)最小值:①如果通过矢量的平移,以这三个力为边首尾相接能够组成封闭的三角形,也即满足任意两边之和大于或等于第三边a+b ≥c ,则其合力的最小值为零,即F min =0. ②如果不能组成封闭的三角形,即a+b ≥c 不成立,则当其中两个较小的力F 2、F 3方向相同而与另一个较大的力F 1方向相反时,合力最小,此时F min =F 1-F 2-F 3.随堂练习1.某同学在单杠上做引体向上,在下列选项中双臂用力最小的是( )2.关于两个大小不变的共点力F1、F2与其合力的关系,下列说法正确的是()A.合力大小随着两力夹角的增大而增大 B.合力大小一定大于分力中最大者C.两分力夹角小于180°时,合力随夹角的减小而增大D.合力不能小于分力中最小者 E.合力F一定大于任一个分力3.一个竖直向下的180N的力分解为两个分力,一个分力在水平方向上且等于240N,求另一个分力的大小和方向.4.如图所示,一物体受到F=20N的力的作用,若要使物体所受的合力在OO′方向上,必须在物体上另加一个力F′,则F′的最小值为多大?这时合力为多大?5.三个共点力大小分别为5N、4N、9N,则其合力的范围为_______≤F≤_______;三个共点力大小分别为3N、6N、8N,则其合力的范围为_______≤F≤_______;三个共点力大小分别为3N、6N、10N,则其合力的范围为_______≤F≤_______.练习题1.下列各组物理量中全部是矢量的是( )A .位移、速度、加速度、力B .位移、长度、速度、电流C .力、位移、速率、加速度D .速度、加速度、力、电流2.小娟、小明两人共提一桶水匀速前行,已知两人手臂上的拉力大小相等且为F ,两人手臂间的夹角为θ,水和水桶的总重力为G ,则下列说法中正确的是( )A .当θ为120°时,F =GB .不管θ为何值,F =G 2C .当θ=0°时,F =G 2D .θ越大时F 越小3.如图所示为节日里悬挂灯笼的一种方式,A 、B 点等高,O 为结点,轻绳 AO 、BO 长度相等,拉力分别为 F A 、F B ,灯笼受到的重力为G.下列表述正确的是( )A .F A 一定小于 GB .F A 与 F B 大小相等C .F A 与 F B 是一对平衡力D .F A 与 F B 大小之和等于G4.小明想推动家里的衣橱,但使出了很大的力气也推不动,他便想了个妙招,如图所示,用A 、B 两块木板,搭成一个底角较小的人字形架,然后往中央一站,衣橱居然被推动了!下列说法中正确的是( )A.这是不可能的,因为小明根本没有用力去推衣橱B.这是不可能的,因为无论如何小明的力气也没那么大C.这有可能,A 板对衣橱的推力有可能大于小明的重力D.这有可能,但A 板对衣橱的推力不可能大于小明的重力5.置于水平地面的三脚架上固定着一质量为m 的照相机.三脚架的三根轻质支架等长,与竖直方向均成30°角,则每根支架中承受的压力大小为( )A.13mgB.23mgC.36mgD.239mg 6.质量为m 的物体悬挂在轻质支架上,斜梁OB 与竖直方向的夹角为θ.设水平横梁OA 和斜梁OB 作用于O 点的弹力分别为F1和F 2,以下结果正确的是( )A .F 1=mgsin θB .F 1=mg sin θC .F 2=mgcos θD .F 2=mg cos θ7.如图所示,a 、b 、C 三根绳子完全相同,其中b 绳水平,C 绳下挂一重物。
大学生心理健康教育(中南大学版)答案题库
学习通大学生心理健康教育(中南大学版)绪论章节测试已完成本次成绩:100 1【单选题】大学生心理健康标准A、智力正常B、意志、行为健全协调C、自我意思良好人格完整D、以上全是正确答案:D 得分:50.0 分2【判断题】心理咨询主要指通过心理学理论指导和技术应用的临床干预措施来进行?正确答案:√ 得分:50.0 分第 2 章第一讲大学生自我意识章节测验已完成本次成绩:1001【单选题】在弗洛伊德的本我- 自我- 超我理论中,本我遵循的是:A、现实原则B、快乐原则C、道德原则D、健康原则正确答案: B 得分: 6.6 分2【单选题】自我体验和A、自我监控B、社会自我C、心理自我D、生理自我正确答案:A 得分:6.6 分3【单选题】查尔斯·库利提出了什么概念?A、现实的我B、镜中的我C、理想自我D、健康自我正确答案: B 得分: 6.6 分4【单选题】谁认为自我同一性的确立和防止社会角色的混乱是青年期的发展任务?A、弗洛伊德B、马西亚C、埃里克森D、威廉·詹姆斯正确答案: C 得分: 6.6 分5【单选题】埃里克森认为“自我统合- 角色混乱”的心理危机存在于哪个阶段:A、青年期B、成年期C、中年期D、老年期正确答案:A 得分:6.6 分6【单选题】狂妄自大、自我膨胀、孤芳自赏特征的人,是:A、虚荣B、从众C、自卑D、自负正确答案: D 得分: 6.6 分7【单选题】正确认识自我的比较法中不包含哪一种?A、向上比较B、向下比较C、相似比较D、向外比较正确答案: D 得分: 6.6 分8【单选题】别人知道的部分叫做:A、公开的我B、盲目的我C、秘密的我D、未知的我正确答案: B 得分: 6.6 分9【单选题】心理学家阿特金森说,人的行为动机有两大类:一是力求成功,一是避免失败。
显然,这很符合我们的常识。
然而,人本主义心理学家马斯洛提出人还会“害怕成功” ,这种情结叫做:A、约拿情结B、俄狄浦斯情结C、水仙花情结D、自我设限正确答案: A 得分: 6.6 分10【单选题】心理学家到一个学校对一个班的小学生做了智力测验,然后心理学家从全班学生中随机抽了三名学生,告诉老师说这三名学生是高智商人才。
第三章第三节函数的连续性
第三章 §3 函数的连续性(第一讲)一、函数连续性的定义变量u 的增量 12u u u -=∆ (从1u 变到2u )可正可负 设函数)(x f y =在点0x 的某邻域内有定义(含0x 点)。
在点0x , 自变量的增量为 )(00x x x x x x ∆+=-=∆相应有函数的增量 00()()y f x x f x ∆=+∆- 连续性:定义1 若0)]()([lim lim 0000=-∆+=∆→∆→∆x f x x f y x x 称)(x f 在点0x 连续 定义2 若)()(lim )()(lim 00000x f x x f x f x f x x x =∆+=→∆→或称)(x f 在点0x 连续 (满足3点,1º在0()U x 有定义,2º)(limx f xx →存在,3º 等于)(0x f 在区间上连续:)(x f 在区间I 上每点都连续如:x y sin =在),(+∞-∞连续,x y ln =在),0(+∞连续即I x ∈∀有)()(lim 0x f x x f x =∆+→∆ 注:连续即⎪⎭⎫ ⎝⎛=→→x f x f xx x x 0lim )(lim 左连续:)()(lim 00x f x f x x =-→;右连续:)()(lim 00x f x f x x =+→结论:)(x f 在0x 连续⇔左、右连续(讨论分段函数在分界点的连续性)如:[]6ln )1(lim ln )1ln(lim55=+=+→→x x x x 例1:cos 02()0(0)xx x f x x a ⎧≥⎪+=<>,()0a f x x =求使在连续解: 21)0(=f , 212cos lim0=++→x x x ax a a x x x x a a x x 21(lim lim00=-+=----→→∴当2121=a时,即1=a 时,)(x f 在0=x 连续。
第三章 第二讲 形位公差带
56
定向公差
• 被测要素和基准要素之间有:线对线、线对面 、面对线、面对面情况。
• 公差带的特点: a、相对于基准有确定的方向。 b、具有综合控制被测要素的方向和形状的能
力。
57
定向公差
1.平行度
1)“面对面”的平行度 被测要素:上平面; 基准要素:底面。
t
a)标注
度
公 差面
对 线 垂 直 度 公 差
公差带是距离为公差值t且垂直于 基准平面的两平行平面之间的区域
公差带是距离为公差值t且垂直于 基准直线的两平行平面之间的区域
标准示例和解释
被测表面必须位于距离为公差值 0.08mm且垂直于基准平面A的两平 行平面之间
被测平面必须位于距离为公差值 0.08mm且垂直于基准轴线A的两平 行平面之间
定向公差可以控制与其有关的形状误差。如平面的平行
度公差,可以控制该平面的平面度和直线度误差;轴线的
垂直度公差可以控制该轴线的直线度误差。因此,规定了
定向公差的要求,一般不再规定形状公差,只有需要进一
步限制形状误差时,才提出更严格的形状公差要求。可同
时给出形状公差,但其公差数值应小于定向公差值。
71
定位公差
10
形位公差带的特征
• 形状:取决于被测要素的几何理想要素和设计要求,具
有最小包容区的形状,由要素本身的特征和设计要求确
定。
• 大小:设计者在框格中给定,用t表示。
• 方向:公差带的宽度方向就是给定的方向或者垂直于被
测要素的方向。
• 位置:固定与浮动之分。
11
形位公差
形状公差:实际单一被测要素形状的允 许变动量.
微观经济学 第三章效用论(第二讲)
B
E
A
X1
第三பைடு நூலகம் 效用论
二、解释
无差异曲线与消费可能线相切时, 无差异曲线与消费可能线相切时, 商品的组合( , ), 商品的组合(M,N), 是消费者在既定支出水平上( ) 是消费者在既定支出水平上(AB) 所能实现的最大化效用( ) 所能实现的最大化效用(U2)
如果无差异曲线与预算 X2 线相交于(C,D) 线相交于(C,D) 则是以较多的钱实现较 B C 低的满足程度, 低的满足程度, E N
X1
B′
第三章 效用论
不同商品的价格变化与替代和收入 效应
商品类别 正常物品 低档物品 吉芬物品 价格的关系 替代效应 反向变化 反向变化 反向变化 收入效应 反向变化 同向变化 同向变化 总效应 反向变化 反向变化 同向变化 需求曲线 形状 右下方倾斜 右下方倾斜 右上方倾斜
O
O O
第三章 效用论
五、 从单个消费者的需求曲线到市场的需求曲线
1.一种商品的市场需求: 一种商品的市场需求: 一种商品的市场需求 一定时期内, 一定时期内, 在不同的价格下, 在不同的价格下, 市场中所有消费者对某种商品的需求数量。 市场中所有消费者对某种商品的需求数量。
自然地理 第三章 第二讲 大规模的海水运动
等温线向高纬凸出。
考点二
洋流对地理环境的影响 影 响 举 例
环境类型
气候
高低纬间热量输送和交换,北大西洋暖流→影响 调节全球热量分布(影响 西欧→温带海洋性气 全球) 候的形成 洋流性质:暖流—增温增 副热带大陆西岸寒流 湿;寒流—降温减湿(影 →沿岸荒漠环境 响局部地区) 寒暖流交汇处,饵料丰富 纽芬兰渔场、北海道 →大渔场 渔场、北海渔场
力 ___、陆地形状等因素影响。
3.主要洋流及分布 对照世界洋流分布图,写出下列序号代表的洋流名称:
海域 太平洋
主要洋流名称 日本暖流 北太平洋暖流 D_________、E_____________、F加 东澳大利亚暖流 利福尼亚寒流、G_______________、 千岛寒流 H秘鲁寒流、I_________
共有洋流
大西洋
印度洋
北赤道暖 A________ 南 流 ___、B___ 墨西哥湾暖流 北大西洋暖流 J_____________、K_____________、 赤道暖流 _________、 拉布拉多寒流 L_____________、M加那利寒流、 西风漂流 C_________ 巴西暖流 N_________、P本格拉寒流 西澳大利亚寒流 Q厄加勒斯暖流、R_______________
【师生互动2】 澳大利亚东西两岸的气候差异与洋流存在着怎样的关系? 【提示】主要是洋流影响造成的。澳大利亚东边是东澳大利亚 暖流,增温增湿,所以有热带雨林气候和季风气候; 西边是
西澳大利亚寒流,降温减湿,再加上地处南回归线附近,受副
热带高压控制,所以西边是热带沙漠气候。
【典例2】读下图,回答(1)~(4)题。
【解析】1选D,2选A。第1题,由题干可知,该区域位于南半 球中低纬度大陆西岸,图中洋流属于寒流。在南太平洋环流中 甲为秘鲁寒流,与南赤道暖流、东澳大利亚暖流、西风漂流构 成一个完整的洋流系统;在南印度洋环流中甲为西澳大利亚寒 流,与南赤道暖流、厄加勒斯暖流、西风漂流构成一个完整的
第三章 第二讲 矢量量化
矢量量化(Vector Quantization)一.矢量量化初步1.基本原理2.设计码本(LBG)3.量化二.矢量量化进一步1.分裂矢量量化(Splitted VQ)2.多极矢量量化(Cascaded VQ)3.树形矢量量化器4.其它各种类型矢量量化器三. 几个矢量量化的工程实现问题1.分级矢量量化中的多路径搜索问题2.用模拟退火(Simulated Annealing) 算法训练最佳码本[2]四. 矢量量化的应用一.矢量量化初步1. 基本原理结论:在信息论中已证明,矢量量化优于标量量化。
❑矢量量化是先将K 个(2≥K )个采样值形成K 维空间K R 中的一个矢量,然后将这个矢量一次进行量化。
它可以大大降低数码率。
❑基础是信息论的分支: 率失真(畸变)理论对于一定的量化速率R(以每个采样信号平均所用的量化比特数来衡量,bit/采样),量化失真D(以量化信号与原信号之间的误差均方值和原信号均方值之比来衡量)是一定的。
矢量量化总是优于标量量化的。
这是因为矢量量化有效地应用了矢量中各分量间的四种相互关联的性质:线性依赖性,非线性依赖性,概率密度函数的形状以及矢量维数。
定义:1) 源:若将K M ⋅个信号采样组成的信源序列{}j x 中每K 个为一组分为M 个随机矢量,构成信源空间{}MXX X X,,,21 =(X在K 维欧氏空间KR中),其中第j 个矢量可记为{}12,,,j k X x x x = ,M j ,,2,1 =。
2) 子空间:把KR无遗漏地划分成nN 2=个互不相交的子空间N R R R ,,,21 ,满足:⎪⎩⎪⎨⎧≠===ji R RR R j i N i K i ,013) 码本:在每个子空间i R 中找一个代表矢量i Y ,令恢复矢量集为:{}N Y Y Y Y ,,,21 =。
Y 也叫输出空间、码本或码书(Code Book),i Y 称为码矢(Code V ector)或码字(Code Word),Y 内矢量的数目N,则叫做码本长度。
2016一建_法规_精讲_陈印_第3章_第2讲_打印版
2016年一级建造师考试主讲人:建设工程法规及相关知识(精讲班)陈印1Z303010建设工程招标投标制度(二)【③投标人资格审查】①与招标人有利害关系的,不得投标;②单位负责人为同一人或存在控股、管理关系的的两家单位,不得参加同一标段投标,否则相关投标均无效。
可以接受联合体投标的两类工程:(1)大型或(2)结构复杂。
联合体投标的,各方均应具备招标文件规定的相应资格条件。
联合体通过资格预审后,其成员发生变化的,投标无效。
联合体各方在同一招标项目中又以自己名义单独投标或参加其他联合体投标的,相关投标均无效。
9.【模拟题,P92】以下不属于投标无效的情形()。
A.与招标人存在利害关系明显影响投标公正性的单位的投标B.存在控股、管理关系的两家单位参加同一项目中两个不同标段的投标C.投标人在投标有效期内分立,使得其资质不再符合招标项目要求D.投标联合体通过资格预审后调整个别成员【答案】B【④投标人编制投标文件,P92】投标人应当按照招标文件的要求编制投标文件。
投标文件应当对招标文件提出的实质性要求和条件作出响应。
投标文件的内容应当包括拟派出的项目负责人与主要技术人员的简历、业绩和拟用于完成招标项目的机械设备等。
招标文件投标文件招标公告或投标邀请书投标函(及附录)投标人须知法定代表人身份证明或授权委托书评标办法联合体协议书合同条款及格式投标保证金工程量清单已标价工程量清单技术标准和要求施工组织设计投标文件格式项目管理机构拟分包项目情况表资格审查资料10.【模拟题,P92】投标人的投标文件,应当()。
A.包括拟签订合同的主要条款B.包括拟派出的项目负责人与主要技术人员的简历、业绩C.包括履约保证金D.在投标截止时间前提交评标委员会【答案】B【投标文件的撤回、撤销、补充、修改,P94】《招标投标法》规定:投标人在投标截止时间前,可以书面通知撤回、补充或修改投标文件。
在投标有效期内(截止时间后),投标人补充、修改投标文件的,招标人不予受理。
必修二 第三章第二讲 对称问题(直线,点,圆对称)(1对1辅导精品)
第二讲 对称问题三:例题诠释,举一反三考点一、点关于直线对称问题:例1:已知四点()()A ab M N E ,、,、,、,03152292⎛⎝ ⎫⎭⎪⎛⎝ ⎫⎭⎪,若点A 关于点M 的对称点是B ,点B 关于点N 的对称点是点C ,点C 关于点E 的对称点是A ,求A 点的坐标。
例2:已知:直线l :330x y -+=,求:点P (4,5)关于直线l 的对称点。
(-2,7)变式题1:求直线x y +-=230关于点()--13,对称的直线的方程。
变式题2:求点()Pa b ,关于直线x y -+=10的对称点的坐标。
()'-+P b a 11,变式题3:平面上有两点()()A a bB b a ++--2246,,,,且这两点关于直线l :4311x y +=对称,求a ,b 。
例3:已知点M (3,5),在直线l :x -2y +2=0和y 轴上各找一点P 和Q ,使△MPQ 的周长最小.P (25,49)、Q (0,27)变式题:求函数y =92+x +4182+-x x 的最小值.考点二、直线关于点对称问题:例4:求直线l :210x y -+=关于点()P 11,-对称的直线方程。
270x y --=考点三、直线关于直线对称问题:例5:求直线x y +-=3100关于直线x y --=20对称的直线方程。
3140x y +-=变式题1: 光线从点A (-3,4)发出,经过x 轴反射,再经过y 轴反射,光线经过点 B (-2,6),求射入y 轴后的反射线的方程.2x +y -2=0. 变式题2:已知直线l :x y ++=210,直线l x y 120:--=,求直线l 1关于直线l 对称的直线l 2的方程。
780x y --=变式题3:光线从A (0,1)点射到直线l x y :--=320上一点(-1,-1)后被l 反射。
求反射光线所在直线的方程。
x y ++=230变式题4: 自点A(-3,3)发出的光线l 射到x 轴, 被x 轴反射, 其反射光线所在直线与圆 x y x y l 224470+--+=相切求光线所在的直线的方程,.43303430x y x y ++=+-=考点四、圆关于直线对称问题:例6:试求圆x y x y 2220+-+=关于直线l :10x y -+=对称的圆的方程224350x y x y ++-+=考点五、对称性的应用:例7:(1)在直线l :250x y --=上求一点P ,使它到()()A B --7155,,,两点的距离之和为最小。
最新高三化学总复习第三章 第二讲
3.常见元素的焰色 . 钾元素紫 透过 钠元素 黄色 ;钾元素紫色(透过 蓝色钴玻璃 观察 ;铜元素 黄绿 色。 观察); 4.应用 . 检验元素的存在。 检验元素的存在。
做焰色反应实验时, 思考 3 做焰色反应实验时,为什么用稀盐酸洗 涤铂丝而不用稀硫酸? 涤铂丝而不用稀硫酸?
提示 铂丝在使用前要用稀盐酸将其表面物质洗 净,然后在火焰上灼烧至无色,这是因为金属氯 化物在灼烧时易挥发,若用稀 H2SO4 洗涤铂丝, 则由于硫酸盐的熔、沸点较高而难以挥发,会造 成对后面实验的干扰。
(2)最高正价均为 +1 价; 最高正价均为 (3)均为活泼金属, 均为活泼金属, 均为活泼金属 氧化物对应的水化物均 为碱 ; (4)单质均能与非金属单质发生反应; 单质均能与非金属单质发生反应; 单质均能与非金属单质发生反应 (5) 单 质 均 能 和 水 发 生 反 应 : 2M + 2H2O===2MOH+H2↑(M 代表碱金属元素)。 + 代表碱金属元素 。
3.碱金属元素性质的递变性(按原子序数 .碱金属元素性质的递变性 按原子序数 递增的顺序) 递增的顺序 (1)单质的熔、沸点呈现 减小 的趋势; 单质的熔、 的趋势; 单质的熔 (2)元素的金属性逐渐 增强 , 元素的金属性逐渐 单质的还原 性逐渐 增强 ; (3)与 O2 反应的产物越来越复杂,反应程 与 反应的产物越来越复杂, 度越来越 剧烈 ; (4)与水反应的程度越来越剧烈, 与水反应的程度越来越剧烈, 与水反应的程度越来越剧烈 产物的碱 性逐渐 增强 。
二、碱金属元素 1.碱金属元素 . Li、Na、K 的原子结构示意图分别为 、 、 、 、 。
(1)相同点:最外层都是 1 个电子。 相同点: 个电子。 相同点 (2)不同点: Li 到 Cs 电子层数依次增多, 不同点: 不同点 从 原子半径 依次增大 。 2.碱金属元素性质的相似性 . 除外 , 有金属光 (1)单质均呈 银白 色(Cs 除外), 单质均呈 泽,硬度 小 ,密度 较小 ,熔点 较低 ,有 良好的导电性和导热性; 良好的导电性和导热性;
第三章矩阵第二讲
1 j n 于是 A1(1 2 n )=e1 e2 en.
a 1
A1
.
a 1
由(1)知a 0,故 1 2
1
n=
a
.
1
a
(3) 若m 0, 对m用归纳法.m 1,显然成立.
x11
设m=k
1时成立,当m
k
1时,Ak 1 A
xn1
x1n a11
A
C1 k 2 k 1 k 1
C1 k 2 k 1
n1 k n
C k1 n2 k n1 C k1
A
k1
(注意:Cnk1 Cnk Cnk1)
k
k
C n1 k
C n2 k
k n1 k n2
k
f( )
更一般的有:f(A)=
11!f() f( )
21!f() 11!f( )
于是 A 2 BB C'C
3. 设A=(B,C)是n m实矩阵,B是n s子块. 证明: AA BB CC
证: (1)当n=m时,由题2知正确.
(2)当m>n时, 由B-C公式知 AA =0,而 BB 0 CC 0,故结论证毕.
(3)当m<n时,AX=0有非零解且基础解系至少含n m个向量,取n m个线
b2n
bnn
bij bi1 j bij1 bij
(i n, j 1) (1)
bnj bnj1 bnj
(i n, j 1) (2)
bn1 bn1
(i n, j 1) (3)
bi1 bi11 bi1
(i n, j 1) (4)
由(4)得 bi11=0,即 b21=b31 bn1 0 (5)
j=1
大学生心理健康教育(中南大学版)答案题库
大学生心理健康教育(中南大学版)绪论章节测试已完成本次成绩:1001【单选题】大学生心理健康标准A、智力正常B、意志、行为健全协调C、自我意思良好人格完整D、以上全是正确答案:D 得分: 50.0分2【判断题】心理咨询主要指通过心理学理论指导和技术应用的临床干预措施来进行?正确答案:√得分: 50.0分第2章第一讲大学生自我意识章节测验已完成本次成绩:1001【单选题】在弗洛伊德的本我-自我-超我理论中,本我遵循的是:A、现实原则B、快乐原则C、道德原则D、健康原则正确答案:B 得分: 6.6分2【单选题】自我体验和A、自我监控B、社会自我C、心理自我D、生理自我正确答案:A 得分: 6.6分3【单选题】查尔斯·库利提出了什么概念?A、现实的我B、镜中的我C、理想自我D、健康自我正确答案:B 得分: 6.6分4【单选题】谁认为自我同一性的确立和防止社会角色的混乱是青年期的发展任务?A、弗洛伊德B、马西亚C、埃里克森D、威廉·詹姆斯正确答案:C 得分: 6.6分5【单选题】埃里克森认为“自我统合-角色混乱”的心理危机存在于哪个阶段:A、青年期B、成年期C、中年期D、老年期正确答案:A 得分: 6.6分6【单选题】狂妄自大、自我膨胀、孤芳自赏特征的人,是:A、虚荣B、从众C、自卑D、自负正确答案:D 得分: 6.6分7【单选题】正确认识自我的比较法中不包含哪一种?A、向上比较B、向下比较C、相似比较D、向外比较正确答案:D 得分: 6.6分8【单选题】别人知道的部分叫做:A、公开的我B、盲目的我C、秘密的我D、未知的我正确答案:B 得分: 6.6分9【单选题】心理学家阿特金森说,人的行为动机有两大类:一是力求成功,一是避免失败。
显然,这很符合我们的常识。
然而,人本主义心理学家马斯洛提出人还会“害怕成功”,这种情结叫做:A、约拿情结B、俄狄浦斯情结C、水仙花情结D、自我设限正确答案:A 得分: 6.6分10【单选题】心理学家到一个学校对一个班的小学生做了智力测验,然后心理学家从全班学生中随机抽了三名学生,告诉老师说这三名学生是高智商人才。
第三章第二讲《脚》
《脚》
52H定向轮:
工 艺 培 训 课
第 三
52H万向轮:
章
第
二
讲
直向轮:
H = 35mm H = 50mm
工艺中心四部
《脚》
六、茶几脚
江南印象茶几脚
工 艺 培 训 课 第 三 章 第 二 讲
博罗撑(分左右)
工艺中心四部
《脚》
餐台轮:
工
艺
H = 45mm
培
训ห้องสมุดไป่ตู้
课
第
胶套开孔尺寸: Φ11x25mm
第 二 讲
库存规格:80mm,100mm 110mm,120mm,150mm
工艺中心四部
四、橱柜脚
工 艺 培 训 课
第 三 章
第 二 讲
《脚》
95mm=<高度范围<=130mm 工艺中心四部
《脚》
五、活动脚
万向轮:
工 艺
H = 55mm
培
训
课
第
三
托片
章
重载万向轮:
第
H = 70mm
二
讲
螺杆
工艺中心四部
第 三 章
第 二 讲
06调节脚
06调节脚延伸应用产品 工艺中心四部
《脚》
工 艺
一人行百步仅百米,
培
训
课
第
三 章
百人行十步已一里。
第 二 讲
工艺中心四部
三
章
第 二 讲
工艺中心四部
《脚》
XFA-016实木脚(非洲胡杨)
XFA-018实木脚(山脉樱桃)
工 艺 培 训 课
第 三 章
第 二 讲
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m M 4 mM 2 光学波: 1 1 2 sin ( qa ) mM m M ) (
2
m M 4 mM 2 声学波: 1 1 2 sin ( qa ) mM m M ) (
第三章 晶格振动
双原子链的色散关系:
对于连续介质的弹性波,有:
显然;
c为波速
cq
第三章 晶格振动
表明当
q 时 a
一维单原子链中的格波相当于连续介质中的弹 性波。
相邻原子的相对位移为δ时,相对伸长为: a
相互作用力为:
F ( a ) a
第三章 晶格振动
其中:链的伸长模量为:
a
m 链的密度为: a
2 cos( qa ) A ( M 2 ) B 0
齐次方程组有非零解的条件是:
( m 2 ) 2 cos( qa ) 0 2 2 cos( qa ) ( M 2 )
2
故:
( M 2 )( m 2 ) [ 2 co q ) 0
表明原胞内的两个原子以相反的位相、不 同的振幅进行振动。
Am BM 0
第三章 晶格振动
光学波的长波极限描述的是同一原胞里的 两个原子相对于质心的振动。
光学波时两种原子是反向运动
两种格波中m和M原子振动振幅之比
—— 光学波
m 2 B ( ) A 2 cos aq
2
故:
a 伸长模 c a
m m ( ) a 密度
即当把原子链看成是弹性波时,c为弹性波的 波速。
第三章 晶格振动
对一维双原子链,有:
2
2 M 4 mM m 2 2 1 1 2 sin ( qa ) 2 mM m M ) (
—— 声学波
m 2 B ( ) A 2 cos aq
2
——
时m和M原子振动的振幅
声学波
m 原子静止不动,相邻原子振动的相位相反
光学波
M原子静止不动,相邻原子振动的相位相反
长波极限
声学波
2 ( a ) q m M
声学波的色散关系与一 维布拉维格子形式相同
β x2n-1
β x2n
β x2n+1
β x2n+2
第三章 晶格振动
对绿色原子:
d x m ( x x x x ) 2 n 1 2 n 2 n 1 2 n dt
对红色原子:
2 2 n 2
d x M ( x x x x ) 2 n 2 2 n 1 2 n 2 n 1 dt
代入
d x m ( x x x x ) 2 n 1 2 n 2 n 1 2 n dt
2 2 n 2
i ( t q ( 2 n 1 ) a ) m ( i) Ae [ Be i ( t q ( 2 n 1 ) a ) i ( t q 2 na ) Be 2 Ae ]
( ) min ~ ( ) max
一维双原子晶格 叫做带通滤波器
第三章 晶格振动
3.2.3 声学波与光学波
研究q 0时ω(q)的关系具有特殊意义:
对一维单原子链:
第三章 晶格振动
有:
2 42 1 [ 1 cos( qa )] sin ( qa ) m m 2
2
2 2 a 伸长模 这里:c a M m Mm a
密度
其中:伸长模量=β(2a) 密度=(m+M/a)
第三章 晶格振动
即长声学波的频率正比于波数,就是把一维 链看成是连续介质时的弹性波。
0 时 0 对于长声学波, q
B m 2 () 1 A 2 cos( qa )
2 2
第三章 晶格振动
2
4 2 2 2 2 Mm 2 ( m M ) 4 4 co ( q ) 0
4
Mm 2 ( m M ) 4 si ( q ) 0
2 2 2
第三章 晶格振动
可以得到两个ω2的值:
第三章 晶格振动
3.2 一维双原子链
3.2.1 运动方程 许多晶体的原胞里含有的原子数多于一个
有关参数也会有变化:
为了表示复式格子的晶格振动特性,考虑由两 个不同原子组成的一维双原子链:
第三章 晶格振动
一维双原子链: 红色原子质量M; 绿色原子质量m
2n-2
a
2n-1
a
2n
a
2n+1
a
2n+2
β x2n-2
2 iqa iqa 2 iqa iqa
M B ( e e ) A 2 B
整理后得到:
( m 2 ) A 2 cos( qa ) B 0
2 2
( M 2 ) B 2 cos( qa ) A 0
第三章 晶格振动
2 改写:( m 2 ) A 2 cos( qa ) B 0 2
第三章 晶格振动
即 n 共有 N 个不同的取值:
由 N 个原胞(共含2N个原子)组成的一维双 原子链,
q 可取 N 个不同的值,每个 q 对应两个解 一共2N个不同的格波,正好等于链的自由度
得到了 一维双原子链 全部的振动模式。
q的取值
h q 2 —— h为整数 2aN
每个波矢在第一布里渊区占的线度
B m 2 () A 2 cos( qa )
2
2 m ( ) 2 2 B m 2 () A 2 cos( qa ) 2
当 q 1 时, cos( 0 时 , B m m m ( ) mM M A m M
长声学波中相邻原子的振动
B ( ) 1 A
原胞中两个原子振动的振幅相同,振动方向一致 代表原胞质心的振动
长波极限
光学波
B m ( ) A M
同种原子振动相位一致,相邻原子振动相反
原胞质心保持不动,原胞中原子之间相对运动
两种格波中 m 和 M 原子振动振幅之比
长光学波与电磁波的作用
2
表明原胞里的两种原子的运动是一样的, 振幅和位相都没有差别。
第三章 晶格振动
长声学波代表了原胞的质心的振动
而q=0时则代表了整个晶体的平动。
或者说声学波时两种原子是同向运动的。
第三章 晶格振动
对光学波:
m M 4 mM 2 1 1 sin ( qa ) 2 mM m M ) (
m M 4 mM 2 1 1 sin ( qa ) 2 mM ( m M )
2
m M 2 mM 2 [ ( qa ) ] 2 mM( m M ) 2 2 ( qa ) ( m M )
第三章 晶格振动
或:
2 2 ( aq ) ( a ) q m M m M cq
2
2
第三章 晶格振动
仍然采用周期性边界条件:
N ( 2 qa ) 2 n( n 为整 )
2 n q ( n 为整 ) 2 Na
第三章 晶格振动
又因为:
q 2 a 2 a
2 n
N N n 2 2
2 a2 Na 2 a
长波极限下,对于典型的和值
远红外光波激发离子 晶体,可引起晶体中 长光学波的共振吸收
—— 对应于远红外的光波
光波的频率 波矢远远小于一般格波的波矢,只有 q~0 的长 光学波可以与远红外的光波发生共振吸收
可与光波作用的 长光学波声子称 为电磁声子
作业: 一、P.82~83;3.4; 3.5; 二、一维单原子链的振动方程使用了哪些近似?
( ) max ( ( ) min (
mM
) {( m M ) ( M m )}
1/ 2
1/ 2
mM
)1/ 2 {( m M ) ( M m )}1/ 2
2 1/ 2 ( ) M 2 1/ 2 ( ) m
因为 M>m
—— 不存在格波
—— 频率间隙
第三章 晶格振动
则有:
B m 2 ( ) A 2 cos( qa )
2
B m 2 ( ) A 2 cos( qa )
2
第三章 晶格振动
由格波解:
x Ae 2 n
i ( t q 2 na ) i ( t q ( 2 n 1 ) a )
q Na
/ N a Na
—N为晶体中的原胞数目
第一布里渊区允许的q值的数目
— 对应一个 q 有两支格波:一支声学波和一支光学波 — 总的格波数目为2N :
原子的数目: 2N
第三章 晶格振动
3.2.2 色散关系
光学波
ω+(q) ω-(q)
声学波
色散关系的特点 短波极限
两种格波的频率
2
当 q0 时 2 ( m M ) mM
2
第三章 晶格振动
即与n无关,表明N 个联立方程都归结为同一个 方程。
或者:只要ω与 q满足:
2 ( m M ) 2 mM
其中:
mM 为折合质 m M
第三章 晶格振动