2.3.1离散型随机变量的均值(教学设计)

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解:令取取黄球个数 (=0、1、2)则 的要布列为
0
1
2
p
于是 E( )=0× +1× +2× =
故知红球个数的数学期望为
例3(课本P63例3)根据气象预报,某地区近期有小洪水的概率为,有大洪水的概率为0. 01.该地区某工地上有一台大型设备,遇到大洪水时要损失60 000元,遇到小洪水时要损失10000元.为保护设备,有以下3 种方案:
2、分布列:设离散型随机变量ξ可能取得值为x1,x2,…,x3,…,
ξ取每一个值xi(i=1,2,…)的概率为 ,则称表
ξ
x1
x2

xi

P
P1
P2

Pi

为随机变量ξ的概率分布,简称ξ的分布列
3、离散型随机变量的二项分布:在一次随机试验中,某事件可能发生也可能不发生,在n次独立重复试验中这个事件发生的次数ξ是一个随机变量.如果在一次试验中某事件发生的概率是P,那么在n次独立重复试验中这个事件恰好发生k次的概率是
3. 平均数、均值:一般地,在有限取值离散型随机变量ξ的概率分布中,令 … ,则有 … , … ,所以ξ的数学期望又称为平均数、均值
4.均值或期望的一个性质:若 (a、b是常数),ξ是随机变量,则η也是随机变量,它们的分布列为
ξ
x1
x2

xn

η


P
p1
p2

pn

于是 … …
= … …) … …)
= ,
由此,我们得到了期望的一个性质:
5.若X服从两点分布,则E(X) =p
6.若ξ B(n,p)(二项分布),则Eξ=np
证明如下:
∵ ,
∴ 0× +1× +2× +…+k× +…+n× .
又∵ ,
∴ + +…+ +…+ .
故 若ξ~B(n,p),则 np.
例题选讲:
例1(课本P61例1)篮球运动员在比赛中每次罚球命中得1分,罚不中得0分,已知他命中的概率为,求他罚球一次得分 的期望
,(k=0,1,2,…,n, ).
于是得到随机变量ξ的概率分布如下:
ξ
0
1

k

n
P


称这样的随机变量ξ服从二项分布,记作ξ ~B(n,p),其中n,p为参数,并记 =b(k;n,p).
*4、离散型随机变量的几何分布:在独立重复试验中,某事件第一次发生时,所作试验的次数ξ也是一个正整 数的离散型随机变量.“ ”表示在第k次独立重复试验时事件第一次发生.如果把k次试验时事件A发生记为 、事件A不发生记为 ,P( )=p,P( )=q(q=1-p),那么
2.3离散型随机变量的均值与方差
2.3.1离散型随机变量的均值(教学设计)
教学目标:
知识与技能:了解离散型随机变量的均值或期望的意义,会根据离散型随机变量的分布列求出均值或期望.
过程与方法:理解公式“E(aξ+b)=aEξ+b”,以及“若ξ B(n,p),则Eξ=np”.能熟
练地应用它们求相应的离散型随机变量的均值或期望。
X
1
2
3
4
P
问题2:某商场要将单价分别为18元/kg,24元/kg,36元/kg的3种糖果按3:2:1的比例混合销售,如何对混合糖果定价才合理
解:
1、均值或数学期望:
一般地,若离散型随机变量ξ的概率分布为
ξ
x1
x2

xn

P
p1
p2

pn

则称 … … 为ξ的均值或数学期望,简称期望.
2.均值或数学期望是离散型随机变量的一个特征数,它反映了离散型随机变量取值的平均水平
= 60 000×+ 10000×=3100 .
采取方案2的平均损失Hale Waihona Puke Baidu小,所以可以选择方案2 .
值得注意的是,上述结论是通过比较“平均损失”而得出的.一般地,我们可以这样来理解“平均损失”:假设问题中的气象情况多次发生,那么采用方案 2 将会使损失减到最小.由于洪水是否发生以及洪水发生的大小都是随机的,所以对于个别的一次决策,采用方案 2 也不一定是最好的.
情感、态度与价值观:承前启后,感悟数学与生活的和谐之美 ,体现数学的文化功能与人文
价值。
教学重点:离散型随机变量的均值或期望的概念
教学难点:根据离散型随机变量的分布列求出均值或期望
教学过程:
一、复习回顾:
1、离散型随机变量:对于随机变量可能取的值,可以按一定次序一一列出,这样的随机变量叫做离散型随机变量
(k=0,1,2,…, ).于是得到随机变量ξ的概率分布如下:
ξ
1
2
3

k

P


称这样的随机变量ξ服从几何分布
记作g(k,p)= ,其中k=0,1,2,…, .
二、师生互动,新课讲解:
问题1:某人射击10次,所得环数分别是:1,1,1,1,2,2,2,3,3,4;则所得的平均环数是多少
解一:
解二:把环数看成随机变量的概率分布列:
同样,采用第 3 种方案,有
于是,
EX1=3 800 ,
EX2=62 000×P (X2= 62 000 ) + 2 00000×P (X2= 2 000 )
= 62000×0. 01 + 2000×= 2 600 ,
EX3= 60000×P (X3= 60000) + 10 000×P(X3=10 000 ) + 0×P (X3=0)
解:因为 ,
所以
变式训练1:.随机的抛掷一个骰子,求所得骰子的点数ξ的数学期望.
解:抛掷骰子所得点数ξ的概率分布为
ξ
1
2
3
4
5
6
P
所以
1× +2× +3× +4× +5× +6×
=(1+2+3+4+5+6)× =.
抛掷骰子所得点数ξ 的数学期望,就是ξ的所有可能取值的平均值.
例2(课本P62例2)一次单元测验由20个选择题构成,每个选择题有4个选项,其中有且仅有一个选项是正确答案,每题选择正确答案得5分,不作出选择或选错不得分,满分100分 学生甲选对任一题的概率为,学生乙则在测验中对每题都从4个选择中随机地选择一个,求学生甲和乙在这次英语单元测验中的成绩的期望
解:设学生甲和乙在这次英语测验中正确答案的选择题个数分 别是 ,则 ~B(20,), ,
由于答对每题得5分,学生甲和乙在这次英语测验中的成绩分别是5 和5 所以,他们在测验中的成绩的期望分别是:
变式训练2:一袋子里装有大小相同的3个红球和2个黄球,从中同时取出2个,则其中含红球个数的数学期望是(用数字作答)
方案1:运走设备,搬运费为3 800 元.
方案2:建保护围墙,建设费为2 000 元.但围墙只能防小洪水.
方案3:不采取措施,希望不发生洪水.
试比较哪一种方案好.
解:用X1、X2和X3分别表示三种方案的损失.
采用第1种方案,无论有无洪水,都损失3 800 元,即
X1= 3 800 .
采用第2 种方案,遇到大洪水时,损失2 000 + 60 000=62 000 元;没有大洪水时,损失2 000 元,即
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