中考数学试题分类汇编 考点23 多边形(含解析)
中考数学《多边形和平行四边形》专题含解析
多边形和平行四边形一、填空题1．如图，□ABCD中，∠B=50°，AB=5cm，BC=7cm，则∠D=度，□ABCD的周长为cm．2．如图：□ABCD的周长是28cm，△ABC的周长是22cm，则AC的长为cm．3．如图，在□ABCD中，AD=5，AB=3，AE平分∠BAD交BC边于点E，则EC的长为．二、选择题4．如图，已知□ABCD的两条对角线AC与BD交于平面直角坐标系的原点，点A的坐标为（﹣2，3），则点C的坐标为（）A．（﹣3，2）B．（﹣2，﹣3）C．（3，﹣2）D．（2，﹣3）5．在四边形ABCD中，O是对角线交点，下列条件中，不能判定四边形ABCD是平行四边形的是（）A．AD∥BC，AD=BC B．AB=DC，AD=BC C．AB∥DC，AD=BC D．OA=OC，OD=OB 6．如图，一个四边形花坛ABCD，被两条线段MN，EF分成四个部分，分别种上红、黄、紫、白四种花卉，种植面积依次是S1，S2，S3，S4，若MN∥AB∥DC，EF∥DA∥CB，则有（）A．S1=S4B．S1+S4=S2+S3C．S1S4=S2S3D．都不对7．如图，在□ABCD中，E是BC的中点，且∠AEC=∠DCE，则下列结论不正确的是（）A．S△AFD=2S△EFB B．BF=DFC．四边形AECD是等腰梯形D．∠AEB=∠ADC三、解答题8．如图，在□ABCD中，∠DAB=60°，点E、F分别在CD、AB的延长线上，且AE=AD，CF=CB．（1）求证：四边形AFCE是平行四边形；（2）若去掉已知条件的“∠DAB=60°”，上述的结论还成立吗？若成立，请写出证明过程；若不成立，请说明理由．9．已知：□ABCD的对角线交于点O，点P是直线BD上任意一点（异于B、O、D三点），过P点作平行于AC的直线，交直线AD于E，交直线AB于F．（1）若点P在线段BD上（如图所示），试说明：AC=PE+PF；（2）若点P在BD或DB的延长线上，试探究AC、PE、PF满足的等量关系式（只写出结论，不作证明）．10．如图，ABCD是矩形纸片，翻折∠B，∠D，使BC，AD恰好落在AC上．设F，H分别是B，D落在AC上的两点，E，G分别是折痕CE，AG与AB，CD的交点．（1）求证：四边形AECG是平行四边形；（2）若AB=4cm，BC=3cm，求线段EF的长．11．如图，在平行四边形ABCD中，AD=4cm，∠A=60°，BD⊥AD．一动点P从A出发，以每秒1cm的速度沿A→B→C的路线匀速运动，过点P作直线PM，使PM⊥AD．（1）当点P运动2秒时，设直线PM与AD相交于点E，求△APE的面积；（2）当点P运动2秒时，另一动点Q也从A出发沿A→B→C的路线运动，且在AB上以每秒1cm的速度匀速运动，在BC上以每秒2cm的速度匀速运动．过Q作直线QN，使QN∥PM．设点Q运动的时间为t秒（0≤t≤10），直线PM与QN截平行四边形ABCD 所得图形的面积为Scm2．①求S关于t的函数关系式；②（附加题）求S的最大值．12．我们给出如下定义：如果四边形中一对顶点到另一对顶点所连对角线的距离相等，则把这对顶点叫做这个四边形的一对等高点．例如：如图1，平行四边形ABCD中，可证点A、C到BD的距离相等，所以点A、C是平行四边形ABCD的一对等高点，同理可知点B、D也是平行四边形ABCD的一对等高点．（1）如图2，已知平行四边形ABCD，请你在图2中画出一个只有一对等高点的四边形ABCE（要求：画出必要的辅助线）；（2）已知P是四边形ABCD对角线BD上任意一点（不与B、D点重合），请分别探究图3、图4中S1，S2，S3，S4四者之间的等量关系（S1，S2，S3，S4分别表示△ABP，△CBP，△CDP，△ADP的面积）：①如图3，当四边形ABCD只有一对等高点A、C时，你得到的一个结论是；②如图4，当四边形ABCD没有等高点时，你得到的一个结论是．13．四边形一条对角线所在直线上的点，如果到这条对角线的两端点的距离不相等，但到另一对角线的两个端点的距离相等，则称这点为这个四边形的准等距点．如图1，点P为四边形ABCD对角线AC所在直线上的一点，PD=PB，PA≠PC，则点P为四边形ABCD 的准等距点．（1）如图2，画出菱形ABCD的一个准等距点．（2）如图3，作出四边形ABCD的一个准等距点．（尺规作图，保留作图痕迹，不要求写作法）（3）如图4，在四边形ABCD中，P是AC上的点，PA≠PC，延长BP交CD于点E，延长DP交BC于点F，且∠CDF=∠CBE，CE=CF．试说明点P是四边形ABCD的准等距点．（4）试研究四边形的准等距点个数的情况．（说出相应四边形的特征及此时准等距点的个数，不必证明）14．如图1，P为Rt△ABC所在平面内任意一点（不在直线AC上），∠ACB=90°，M为AB边中点．操作：以PA、PC为邻边作平行四边形PADC，连续PM并延长到点E，使ME=PM，连接DE．探究：（1）请猜想与线段DE有关的三个结论；（2）请你利用图2，图3选择不同位置的点P按上述方法操作；（3）经历（2）之后，如果你认为你写的结论是正确的，请加以证明；如果你认为你写的结论是错误的，请用图2或图3加以说明；（注意：错误的结论，只要你用反例给予说明也得分）（4）若将“Rt△ABC”改为“任意△ABC”，其他条件不变，利用图4操作，并写出与线段DE有关的结论（直接写答案）．多边形和平行四边形参考答案与试题解析一、填空题1．如图，□ABCD中，∠B=50°，AB=5cm，BC=7cm，则∠D=50度，□ABCD的周长为24cm．【考点】平行四边形的性质．【分析】根据平行边形性质中对角、对边相等可知，∠B=∠D=50°，平行四边形的周长=2（AB+BC）．【解答】解：①∵四边形ABCD是平行四边形，∴∠D=∠B∵∠B=50°∴∠D=50°②∵四边形ABCD是平行四边形，∴AD=BC，AB=CD∵AB=5cm，BC=7cm∴□ABCD的周长为：2（AB+BC）=24cm．故答案为50、24．【点评】本题主要考查了平行四边形的基本性质，并利用性质解题．平行四边形基本性质：①平行四边形两组对边分别平行；②平行四边形的两组对边分别相等；③平行四边形的两组对角分别相等；④平行四边形的对角线互相平分．2．如图：□ABCD的周长是28cm，△ABC的周长是22cm，则AC的长为8cm．【考点】平行四边形的性质．【分析】平行四边形的周长为相邻两边之和的2倍，即2（AB+BC）=28，则AB+BC=14cm，而△ABC的周长=AB+BC+AC=22，所以AC=22﹣14=8cm．【解答】解：∵□ABCD的周长是28 cm∴AB+AD=14cm∵△ABC的周长是22cm∴AC=22﹣（AB+AC）=8cm故答案为8．【点评】在应用平行四边形的性质解题时，要根据具体问题，有选择地使用，避免混淆性质，以致错用性质．3．如图，在□ABCD中，AD=5，AB=3，AE平分∠BAD交BC边于点E，则EC的长为2．【考点】菱形的判定；全等三角形的判定与性质；平行四边形的性质．【专题】计算题．【分析】作EF∥AB，交AD于F，可证ABEF、CDFE为平行四边形，又AE平分∠BAD，可进一步证明AB=BE，ABEF为菱形，则AF=AB=3，DF=5﹣3=2，则EC=2．【解答】解：过点E作EF∥AB，交AD于F∵在□ABCD，EF∥AB∴AB=EF，AF=BE∵∠FAE=∠BAE∴△AFE≌△ABE∴AB=BE=EF=AF∴ABEF为菱形∴EC=AD﹣AB=2．故答案为：2．【点评】此题综合性较强，考查了平行四边形的判定及性质、菱形的判定、角平分线的定义等知识点．二、选择题（共4小题，每小题4分，满分16分）4．如图，已知□ABCD的两条对角线AC与BD交于平面直角坐标系的原点，点A的坐标为（﹣2，3），则点C的坐标为（）A．（﹣3，2）B．（﹣2，﹣3）C．（3，﹣2）D．（2，﹣3）【考点】平行四边形的性质；坐标与图形性质．【分析】根据平行四边形是中心对称的特点可知，点A与点C关于原点对称，所以C的坐标为（2，﹣3）．【解答】解：∵在平行四边形ABCD中，A点与C点关于原点对称∴C点坐标为（2，﹣3）．故选D．【点评】主要考查了平行四边形的性质和坐标与图形的关系．要会根据平行四边形的性质得到点A与点C关于原点对称的特点，是解题的关键．5．在四边形ABCD中，O是对角线交点，下列条件中，不能判定四边形ABCD是平行四边形的是（）A．AD∥BC，AD=BC B．AB=DC，AD=BC C．AB∥DC，AD=BC D．OA=OC，OD=OB【考点】平行四边形的判定．【分析】根据平行四边形的判定：①两组对边分别平行的四边形是平行四边形；②两组对边分别相等的四边形是平行四边形；③两组对角分别相等的四边形是平行四边形；④对角线互相平分的四边形是平行四边形；⑤一组对边平行且相等的四边形是平行四边形．不能判定四边形ABCD是平行四边形的是C【解答】解：A、根据一组对边平行且相等的四边形是平行四边形，可以判定，故正确；B、根据平行四边形的定义即可判定，故正确；C、一组对边平行，另一组对边相等的四边形，等腰梯形满足条件．故该选项错误．D、根据对角线互相平分的四边形是平行四边形可以判定．故正确．故选C．【点评】此题主要考查对平行四边形的判定掌握的熟练程度．平行四边形共有五种判定方法，记忆时要注意技巧；这五种方法中，一种与对角线有关，一种与对角有关，其他三种与边有关．6．如图，一个四边形花坛ABCD，被两条线段MN，EF分成四个部分，分别种上红、黄、紫、白四种花卉，种植面积依次是S1，S2，S3，S4，若MN∥AB∥DC，EF∥DA∥CB，则有（）A．S1=S4B．S1+S4=S2+S3C．S1S4=S2S3D．都不对【考点】平行四边形的性质．【专题】应用题；压轴题．【分析】由于在平行四边形中，已给出条件MN∥AB∥DC，EF∥DA∥CB，因此，MN、EF把一个平行四边形分割成四个小平行四边形，所以红、紫四边形的高相等，由此可证明S1S4=S2S3．【解答】解：设红、紫四边形的高相等为h1，黄、白四边形的高相等，高为h2，则S1=DE•h1，S2=AF•h2，S3=EC•h1，S4=FB•h2，因为DE=AF，EC=FB，故A错误；S1+S4=DE•h1+FB•h2=AF•h1+FB•h2，S2+S3=AF•h2+EC•h1=AF•h2+FB•h1，故B错误；S1S4=DE•h1•FB•h2=AF•h1•FB•h2，S2S3=AF•h2•EC•h1=AF•h2•FB•h1，所以S1S4=S2S3，故C正确；故选：C．【点评】本题考查的是平行四变形的性质，平行四边形两组对边分别平行且相等，同时充分利用等量相加减原理解题，否则容易从直观上判断B是正确的．7．如图，在□ABCD中，E是BC的中点，且∠AEC=∠DCE，则下列结论不正确的是（）A．S△AFD=2S△EFB B．BF=DFC．四边形AECD是等腰梯形D．∠AEB=∠ADC【考点】平行四边形的性质；相似三角形的判定与性质．【专题】压轴题．【分析】本题要综合分析，但主要依据都是平行四边形的性质．【解答】解：A、∵AD∥BC∴△AFD∽△EFB∴====4S△EFB；故S△AFDB、由A中的相似比可知，BF=DF，正确．C、由∠AEC=∠DCE可知正确．D、利用等腰三角形和平行的性质即可证明．故选：A．【点评】解决本题的关键是利用相似求得各对应线段的比例关系．三、解答题8．如图，在□ABCD中，∠DAB=60°，点E、F分别在CD、AB的延长线上，且AE=AD，CF=CB．（1）求证：四边形AFCE是平行四边形；（2）若去掉已知条件的“∠DAB=60°”，上述的结论还成立吗？若成立，请写出证明过程；若不成立，请说明理由．【考点】平行四边形的判定与性质；全等三角形的判定与性质．【专题】证明题；探究型．【分析】（1）由已知条件可得△AED，△CFB是正三角形，可得∠AEC=∠BFC=60°，∠EAF=∠FCE=120°，所以四边形AFCE是平行四边形．（2）上述结论还成立，可以证明△ADE≌△CBF，可得∠AEC=∠BFC，∠EAF=∠FCE，所以四边形AFCE是平行四边形．【解答】（1）证明：∵四边形ABCD是平行四边形，∴DC∥AB，∠DCB=∠DAB=60°．∴∠ADE=∠CBF=60°．∵AE=AD，CF=CB，∴△AED，△CFB是正三角形．∴∠AEC=∠BFC=60°，∠EAF=∠FCE=120°．∴四边形AFCE是平行四边形．（2）解：上述结论还成立．证明：∵四边形ABCD是平行四边形，∴DC∥AB，∠CDA=∠CBA，∠DCB=∠DAB，AD=BC，DC=AB．∴∠ADE=∠CBF．∵AE=AD，CF=CB，∴∠AED=∠ADE，∠CFB=∠CBF．∴∠AED=∠CFB．又∵AD=BC，在△ADE和△CBF中．，∴△ADE≌△CBF（AAS）．∴∠AED=∠BFC，∠EAD=∠FCB．又∵∠DAB=∠BCD，∴∠EAF=∠FCE．∴四边形EAFC是平行四边形．【点评】本题考查了等边三角形的性质及平行四边形的判定．多种知识综合运用是解题中经常要遇到的．9．已知：□ABCD的对角线交于点O，点P是直线BD上任意一点（异于B、O、D三点），过P点作平行于AC的直线，交直线AD于E，交直线AB于F．（1）若点P在线段BD上（如图所示），试说明：AC=PE+PF；（2）若点P在BD或DB的延长线上，试探究AC、PE、PF满足的等量关系式（只写出结论，不作证明）．【考点】平行线分线段成比例；平行四边形的判定与性质．【专题】证明题；探究型．【分析】（1）先判定四边形AFGC是平行四边形，再根据平行四边形的对边相等的性质知AC=FG；然后由被平行线所截的线段对应成比例（==）求出PE与PG的数量关系，解答到此，来证明AC=PE+PF的问题就迎刃而解了．（2）推理类同于（1）．【解答】证明：（1）延长FP交DC于点G，∵AB∥CD，AC∥FG，∴四边形AFGC是平行四边形，∴AC=FG（平行四边形的对边相等），∵EG∥AC，∴==（被平行线所截的线段对应成比例）；又∵OA=OC，∴PE=PG，∴AC=FG=PF+PG=PE+PF；（2）若点P在BD延长线上，AC=PF﹣PE．如下图所示若点P在DB延长线上，AC=PE﹣PF．如下图所示．．【点评】本题主要考查了平行四边形的判定与性质．10．如图，ABCD是矩形纸片，翻折∠B，∠D，使BC，AD恰好落在AC上．设F，H分别是B，D落在AC上的两点，E，G分别是折痕CE，AG与AB，CD的交点．（1）求证：四边形AECG是平行四边形；（2）若AB=4cm，BC=3cm，求线段EF的长．【考点】翻折变换（折叠问题）；解一元二次方程﹣公式法；勾股定理；平行四边形的判定；相似三角形的判定与性质．【专题】几何综合题．【分析】（1）根据：两组对边分别平行的四边形是平行四边形，证明AG∥CE，AE∥CG 即可；（2）解法1：在Rt△AEF中，运用勾股定理可将EF的长求出；解法2，通过△AEF∽△ACB，可将线段EF的长求出．【解答】（1）证明：在矩形ABCD中，∵AD∥BC，∴∠DAC=∠BCA．由题意，得∠GAH=∠DAC，∠ECF=∠BCA．∴∠GAH=∠ECF，∴AG∥CE．又∵AE∥CG，∴四边形AECG是平行四边形．（2）解法1：在Rt△ABC中，∵AB=4，BC=3，∴AC=5．∵CF=CB=3，∴AF=2．在Rt△AEF中，设EF=x，则AE=4﹣x．根据勾股定理，得AE2=AF2+EF2，即（4﹣x）2=22+x2．解得x=，即线段EF长为cm．解法2：∵∠AFE=∠B=90°，∠FAE=∠BAC，∴△AEF∽△ACB，∴．∴，解得，即线段EF长为cm．【点评】本题考查图形的折叠变化，关键是要理解折叠是一种对称变换，它属于轴对称，根据轴对称的性质，折叠前后图形的形状和大小不变，只是位置变化．11．如图，在平行四边形ABCD中，AD=4cm，∠A=60°，BD⊥AD．一动点P从A出发，以每秒1cm的速度沿A→B→C的路线匀速运动，过点P作直线PM，使PM⊥AD．（1）当点P运动2秒时，设直线PM与AD相交于点E，求△APE的面积；（2）当点P运动2秒时，另一动点Q也从A出发沿A→B→C的路线运动，且在AB上以每秒1cm的速度匀速运动，在BC上以每秒2cm的速度匀速运动．过Q作直线QN，使QN∥PM．设点Q运动的时间为t秒（0≤t≤10），直线PM与QN截平行四边形ABCD 所得图形的面积为Scm2．①求S关于t的函数关系式；②（附加题）求S的最大值．【考点】二次函数综合题；平行四边形的性质．【专题】压轴题．【分析】（1）在三角形AEP中，AP=2，∠A=60°，利用三角函数可求出AE和PE，即可求出面积；（2）①此题应分情况讨论，因为两个动点运动速度不同，所以有点P与点Q都在AB 上运动、点P在BC上运动点Q仍在AB上运动、点P和点Q都在BC上运动三种情况，在每种情况下可利用三角函数分别求出我们所需要的值，进而求解．②在①的基础上，首先①求出函数关系式之后，根据t的取值范围不同函数最大值也不同．【解答】解：（1）当点P运动2秒时，AP=2cm，由∠A=60°，知AE=1，PE=．（2分）=；∴S△APE（2）①当0≤t＜6时，点P与点Q都在AB上运动，如图所示：设PM与AD交于点G，QN与AD交于点F，则AQ=t，AF=，QF=t，AP=t+2，AG=1+，PG=+t．∴此时两平行线截平行四边形ABCD的面积为S=t+；②当6≤t＜8时，点P在BC上运动，点Q仍在AB上运动．如图所示：设PM与DC交于点G，QN与AD交于点F，则AQ=t，AF=，DF=4﹣，QF=t，BP=t﹣6，CP=10﹣t，PG=（10﹣t），而BD=4，故此时两平行线截平行四边形ABCD的面积为S=﹣t2+10t﹣34，③当8≤t≤10时，点P和点Q都在BC上运动．如图所示：设PM与DC交于点G，QN与DC交于点F，则CQ=20﹣2t，QF=（20﹣2t），CP=10﹣t，PG=（10﹣t）．∴此时两平行线截平行四边形ABCD的面积为S=．（14分）故S关于t的函数关系式为；②（附加题）当0≤t＜6时，S的最大值为，（1分）当6≤t＜8时，S的最大值为6，（舍去），（2分）当8≤t≤10时，S的最大值为6，（3分）所以当t=8时，S有最大值为6．（如正确作出函数图象并根据图象得出最大值，同样给4分）【点评】此题解答需数形结合，把函数知识和几何知识紧密联系在一起，难易程度适中．12．我们给出如下定义：如果四边形中一对顶点到另一对顶点所连对角线的距离相等，则把这对顶点叫做这个四边形的一对等高点．例如：如图1，平行四边形ABCD中，可证点A、C到BD的距离相等，所以点A、C是平行四边形ABCD的一对等高点，同理可知点B、D也是平行四边形ABCD的一对等高点．（1）如图2，已知平行四边形ABCD，请你在图2中画出一个只有一对等高点的四边形ABCE（要求：画出必要的辅助线）；（2）已知P是四边形ABCD对角线BD上任意一点（不与B、D点重合），请分别探究图3、图4中S1，S2，S3，S4四者之间的等量关系（S1，S2，S3，S4分别表示△ABP，△CBP，△CDP，△ADP的面积）：①如图3，当四边形ABCD只有一对等高点A、C时，你得到的一个结论是S1+S4=S2+S3，S1+S3=S2+S4或S1×S3=S2×S4或；②如图4，当四边形ABCD没有等高点时，你得到的一个结论是S1×S3=S2×S4或．【考点】作图—应用与设计作图．【专题】压轴题；新定义；开放型．【分析】（1）在BD上任选一点E（不与B、D重合），连接AE、CE即可；（2）根据等底等高，可得结论：①S1+S4=S2+S3，S1+S3=S2+S4或S1×S3=S2×S4或等．②S1×S3=S2×S4或等．【解答】解：（1）比如：（2）①S1+S4=S2+S3，S1+S3=S2+S4或S1×S3=S2×S4或等．②∵分别作△ABD与△BCD的高，h1，h2，则=，=，∴S1×S3=S2×S4或等．【点评】此题主要考查学生的阅读理解能力和对等底等高知识的灵活应用．13．四边形一条对角线所在直线上的点，如果到这条对角线的两端点的距离不相等，但到另一对角线的两个端点的距离相等，则称这点为这个四边形的准等距点．如图1，点P为四边形ABCD对角线AC所在直线上的一点，PD=PB，PA≠PC，则点P为四边形ABCD 的准等距点．（1）如图2，画出菱形ABCD的一个准等距点．（2）如图3，作出四边形ABCD的一个准等距点．（尺规作图，保留作图痕迹，不要求写作法）（3）如图4，在四边形ABCD中，P是AC上的点，PA≠PC，延长BP交CD于点E，延长DP交BC于点F，且∠CDF=∠CBE，CE=CF．试说明点P是四边形ABCD的准等距点．（4）试研究四边形的准等距点个数的情况．（说出相应四边形的特征及此时准等距点的个数，不必证明）【考点】作图—复杂作图；全等三角形的判定．【专题】压轴题；新定义．【分析】（1）根据菱形的对角线互相垂直平分，根据线段垂直平分线的性质，则只需要在其中一条对角线上找到和对角线的交点不重合的点即可；（2）根据到线段两个端点距离相等的点在线段的垂直平分线上，则可作对角线BD的垂直平分线和另一条对角线所在的直线的交点即为所求作；（3）只需说明PD=PB即可．根据已知的条件可以根据AAS证明△DCF≌△BCE，则∠CDB=∠CBD，进而得到∠PDB=∠PBD，证明结论即可；（4）根据上述确定准等距点的方法：即作其中一条对角线的垂直平分线和另一条对角线所在的直线的交点．所以分析讨论的时候，主要是根据两条对角线的位置关系进行分析讨论．【解答】解：（1）如图2，点P即为所画点；（1分）（2）如图3，点P即为所作点（作法不唯一）；（2分）（3）连接DB．在△DCF与△BCE中，∠DCF=∠BCE，∠CDF=∠CBE，CF=CE．∴△DCF≌△BCE（AAS），∴CD=CB，∴∠CDB=∠CBD，∴∠PDB=∠PBD，∴PD=PB，∵PA≠PC，∴点P是四边形ABCD的准等距点．（4）①当四边形的对角线互相垂直且任何一条对角线不平分另一对角线或者对角线互相平分且不垂直时，准等距点的个数为0个；②当四边形的对角线不互相垂直，又不互相平分，且有一条对角线的中垂线经过另一对角线的中点时，准等距点的个数为1个；③当四边形的对角线既不互相垂直又不互相平分，且任何一条对角线的中垂线都不经过另一条对角线的中点时，准等距点的个数为2个；④四边形的对角线互相垂直且至少有一条对角线平分另一对角线时，准等距点有无数个．（7分）【点评】关键是熟悉菱形的性质，能够根据线段垂直平分线的性质的逆定理进行分析作图，能够根据找准等距点的方和四边形中两条对角线的位置关系判断准等距点的个数．14．如图1，P为Rt△ABC所在平面内任意一点（不在直线AC上），∠ACB=90°，M为AB边中点．操作：以PA、PC为邻边作平行四边形PADC，连续PM并延长到点E，使ME=PM，连接DE．探究：（1）请猜想与线段DE有关的三个结论；（2）请你利用图2，图3选择不同位置的点P按上述方法操作；（3）经历（2）之后，如果你认为你写的结论是正确的，请加以证明；如果你认为你写的结论是错误的，请用图2或图3加以说明；（注意：错误的结论，只要你用反例给予说明也得分）（4）若将“Rt△ABC”改为“任意△ABC”，其他条件不变，利用图4操作，并写出与线段DE有关的结论（直接写答案）．【考点】平行四边形的性质；全等三角形的判定与性质．【专题】压轴题；探究型．【分析】连接BE，根据边角边可证△PAM和△EBM全等，可得EB和PA既平行又相等，而PA和CD既平行且相等，所以DE和BC平行相等，又因为BC⊥AC，所以DE也和AC 垂直．以下几种情况虽然图象有所变化，但是证明方法一致．【解答】解：（1）DE∥BC，DE=BC，DE⊥AC．（2）如图4，如图5．（3）方法一：如图6，连接BE，∵PM=ME，AM=MB，∠PMA=∠EMB，∴△PMA≌△EMB．∵PA=BE，∠MPA=∠MEB，∴PA∥BE．∵平行四边形PADC，∴PA∥DC，PA=DC．∴BE∥DC，BE=DC，∴四边形DEBC是平行四边形．∴DE∥BC，DE=BC．∵∠ACB=90°，∴BC⊥AC，∴DE⊥AC．方法二：如图7，连接BE，PB，AE，∵PM=ME，AM=MB，∴四边形PAEB是平行四边形．∴PA∥BE，PA=BE，余下部分同方法一：方法三：如图8，连接PD，交AC于N，连接MN，∵平行四边形PADC，∴AN=NC，PN=ND．∵AM=BM，AN=NC，∴MN∥BC，MN=BC．又∵PN=ND，PM=ME，∴MN∥DE，MN=DE．∴DE∥BC，DE=BC．∵∠ACB=90°，∴BC⊥AC．∴DE⊥AC．（4）如图9，DE∥BC，DE=BC．【点评】此题主要考查了平行四边形的性质和判定，以及全等的应用，难易程度适中．。
2022年全国中考试卷解析版分类汇编-多边形的内角和,外角和
2022年全国中考试卷解析版分类汇编-多边形的内角和，外角和1.（2011山西，7，2分）一个正多边形，它的每一个外角都等于45°，则该正多边形是（）A．正六边形B．正七边形C．正八边形D．正九边形考点：多边形的内角和与外角和专题：三角形和内角和分析：正多边形的外角和是360°，而它的每一个外角都等于45°，360°÷45°＝8．则该正多边形是正八边形，故选C．解答：C点评：弄清正多边形的外角和与它的每一个外角的关系．多边形的外角和等于360°．2.（2011•莱芜）下列说法正确的是（）A、16的算术平方根是4B、方程﹣x2+5x﹣1=0的两根之和是﹣5C、任意八边形的内角和等于1080°D、当两圆只有一个公共点时，两圆外切考点：圆与圆的位置关系；算术平方根；根与系数的关系；多边形内角与外角。
分析：依照算术平方根的定义，一元二次方程根与系数的关系，多边形内角和的求解方法以及圆与圆的位置关系的性质即可求得答案，注意排除法在解选择题中的应用．解答：解：A、16的算术平方根是±2，故本选项错误；B、方程﹣x2+5x﹣1=0的两根之和是5，故本选项错误；C、任意八边形的内角和等于1080°，故本选项正确；D、当两圆只有一个公共点时，两圆外切或内切，故本选项错误．故选C．点评：此题考查了算术平方根的定义，一元二次方程根与系数的关系，多边形内角和的求解方法以及圆与圆的位置关系的性质．此题比较简单，解题的关键是熟记公式与性质．3.（2011•山西7，2分）一个正多边形，它的每一个外角差不多上45°，则该正多边形是（）A、正六边形B、正七边形C、正八边形D、正九边形考点：多边形内角与外角。
专题：数形结合。
分析：多边形的外角和是360度，因为是正多边形，因此每一个外角差不多上45°，即可得到外角的个数，从而确定多边形的边数．解答：解：360÷45=8，因此那个正多边形是正八边形．故选C．点评：本题要紧考查了多边形的外角和定理．已知外角求边数的这种方法是需要熟记的内容．正多边形的各个内角相等，各个外角也相等．4.（2011四川眉山，5，3分）若一个正多边形的每个内角为150°，则那个正多边形的边数是（）A．12 B．11 C．10 D．9考点：多边形内角与外角。
2022中考数学试题分类多边形与平行四边形(含解析)
2022中考数学试题分类多边形与平行四边形（含解析）多边形与平行四边形1．（2022衡阳,第9题3分）下列命题是真命题的是（）A．对角线互相平分的四边形是平行四边形B．对角线相等的四边形是矩形C．对角线互相垂直的四边形是菱形D．对角线互相垂直的四边形是正方形考点：命题与定理．专题：计算题．分析：根据平行线四边形的判定方法对A进行判定；根据矩形的判定方法，对角线相等的平行四边形是矩形，则可对B进行判定；根据菱形的判定方法，对角线互相垂直的平行四边形是菱形，则可对C进行判定；根据正方形的判定方法，对角线互相垂直的矩形是正方形，则可对对D进行判定．解答：解：A、对角线互相平分的四边形是平行四边形，所以A选项为真命题；B、对角线相等的平行四边形是矩形，所以B选项为假命题；C、对角线互相垂直的平行四边形是菱形，所以C选项为假命题；D、对角线互相垂直的矩形是正方形，所以D选项为假命题．故选A．点评：本题考查了命题与定理：判断一件事情的语句，叫做命题．许多命题都是由题设和结论两部分组成，题设是已知事项，结论是由已知事项推出的事项，一个命题可以写成“如果那么”形式．有些命题的正确性是用推理证实的，这样的真命题叫做定理．3．（2022宜昌，第8题3分）下列图形具有稳定性的是（）A．正方形B．矩形C．平行四边形D．直角三角形考点：三角形的稳定性；多边形．.分析：根据三角形具有稳定性，四边形具有不稳定性进行判断．解答：解：直角三角形具有稳定性．故选：D．点评：此题考查了三角形的稳定性和四边形的不稳定性，正确掌握三角形的性质是解题关键．4.（2022江苏常州第5题2分）如图，□ABCD的对角线AC、BD相交于点O，则下列说法一定正确的是AOBDA．AO＝ODB．AO⊥ODC．AO＝OCD．AO⊥AB5.（2022江苏连云港第5题3分）已知四边形ABCD，下列说法正确的是A．当AD＝BC，AB∥DC时，四边形ABCD是平行四边形B．当AD＝BC，AB＝DC时，四边形ABCD是平行四边形CC．当AC＝BD，AC平分BD时，四边形ABCD是矩形D．当AC＝BD，AC⊥BD时，四边形ABCD是正方形【思路分析】平行四边形的判定，分别有两组对边分别平行，两组分别相等，一组对边平行且相等，或对角线互相平分的四边形是平行四边形，所以B选项是正确的【答案】B【点评】本题考查平行四边形及特殊的平行四边形的判定.6、(2022年陕西省,9,3分)在ABCD中，AB=10，BC=14，E，F分别为边BC，AD上的点，若四边形AECF为正方形，则AE的长为（）A．7B．4或10C．5或9D．6或8考点：平行四边形的性质；勾股定理；正方形的性质．.专题：分类讨论．分析：设AE的长为某，根据正方形的性质可得BE=14﹣某，根据勾股定理得到关于某的方程，解方程即可得到AE的长．解答：解：如图：设AE的长为某，根据正方形的性质可得BE=14﹣某，222在△ABE中，根据勾股定理可得某+（14﹣某）=10，解得某1=6，某2=8．故AE的长为6或8．故选：D．点评：考查了平行四边形的性质，正方形的性质，勾股定理，关键是根据勾股定理得到关于AE的方程．7.（2022山东莱芜,第9题3分）一个多边形除一个内角外其余内角的和为1510°，则这个多边形对角线的条数是（）A．27B．35C．44D．54考点：多边形内角与外角．.分析：设出题中所给的两个未知数，利用内角和公式列出相应等式，根据边数为整数求解即可，再进一步代入多边形的对角线计算方法，即可解答．解答：解：设这个内角度数为某，边数为n，∴（n﹣2）某180°﹣某=1510，180n=1870+某，∵n为正整数，∴n=11，∴=44，故选：C．点评：此题考查多边形的内角和计算公式以及多边形的对角线条数的计算方法，属于需要识记的知识．8．（2022怀化，第6题4分）一个多边形的内角和是360°，这个多边形是（）A．三角形B．四边形C．六边形D．不能确定考点：多边形内角与外角．分析：本题根据多边形的内角和定理和多边形的内角和等于360°，列出方程，解出即可．解答：解：设这个多边形的边数为n，则有（n﹣2）180°=360°，解得：n=4，故这个多边形是四边形．故选：B．点评：本题主要考查多边形的内角和定理，解题的关键是根据已知等量关系列出方程从而解决问题．9．（2022娄底，第5题3分）下列命题中错误的是（）A．平行四边形的对角线互相平分B．菱形的对角线互相垂直C．同旁内角互补D．矩形的对角线相等考点：命题与定理．分析：根据平行四边形的性质对A进行判断；根据菱形的性质对B进行判断；根据平行线的性质对C进行判断；根据矩形的性质对D进行判断．解答：解：A、平行四边形的对角线互相平分，所以A选项为真命题；B、菱形的对角线互相垂直，所以B选项为真命题；C、两直线平行，同旁内角互补，所以C选项为假命题；D、矩形的对角线相等，所以D选项为真命题．故选C．点评：本题考查了命题与定理：判断一件事情的语句，叫做命题．许多命题都是由题设和结论两部分组成，题设是已知事项，结论是由已知事项推出的事项，一个命题可以写成“如果那么”形式．有些命题的正确性是用推理证实的，这样的真命题叫做定理．10．（2022长沙，第5题3分）下列命题中，为真命题的是（）A．六边形的内角和为360度B．多边形的外角和与边数有关C．矩形的对角线互相垂直D．三角形两边的和大于第三边考点：命题与定理．分析：根据六边形的内角和、多边形的外角和、矩形的性质和三角形三边关系判断即可．解答：解：A、六边形的内角和为720°，错误；B、多边形的外角和与边数无关，都等于360°，错误；C、矩形的对角线相等，错误；D、三角形的两边之和大于第三边，正确；故选D．点评：本题考查命题的真假性，是易错题．注意对六边形的内角和、多边形的外角和、矩形的性质和三角形三边关系的准确掌握11．（2022本溪，第8题3分）如图，ABCD的周长为20cm，AE平分∠BAD，若CE=2cm，则AB的长度是（）A．10cmB．8cmC．6cmD．4cm考点：平行四边形的性质．.分析：根据平行四边形的性质得出AB=CD，AD=BC，AD∥BC，推出∠DAE=∠BAE，求出∠BAE=∠AEB，推出AB=BE，设AB=CD=某cm，则AD=BC=（某+2）cm，得出方程某+某+2=10，求出方程的解即可．解答：解：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB=CD，AD=BC，AD∥BC，∴∠DAE=∠BAE，∵AE平分∠BAD，∴∠DAE=∠BAE，∴∠BAE=∠AEB，∴AB=BE，设AB=CD=某cm，则AD=BC=（某+2）cm，∵ABCD的周长为20cm，∴某+某+2=10，解得：某=4，即AB=4cm，故选D．点评：本题考查了平行四边形的在，平行线的性质，等腰三角形的判定的应用，解此题的关键是能推出AB=BE，题目比较好，难度适中．12．（2022营口，第4题3分）ABCD中，对角线AC与BD交于点O，∠DAC=42°，∠CBD=23°，则∠COD是（）A．61°B．63°C．65°D．67°考点：平行四边形的性质．分析：由平行四边形的性质可知：AD∥BC，进而可得∠DAC=∠BCA，再根据三角形外角和定理即可求出∠COD的度数．解答：解：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AD∥BC，∴∠DAC=∠BCA=42°，∴∠COD=∠CBD+∠BCA=65°，故选C．点评：本题考查了平行四边形的性质以及三角形的外角和定理，题目比较简单，解题的关键是灵活运用平行四边形的性质，将四边形的问题转化为三角形问题．13.（2022年浙江衢州第4题3分）如图，在YABCD中，已知AD12cm,AB8cm,AE平分BAD交BC于点E，则CE的长等于【】A.8cmB.6cmC.4cmD.2cm【答案】C．【考点】平行线分线段成比例的性质．【分析】∵四边形ABCD是平行四边形，∴AD//BC,ADBC.∴DAEAEB.又∵AE平分BAD，∴DAEEAB.∴EABAEB.∴ABBE.∵AD12cm,AB8cm，∴BC12cm,BE8cm.∴CEBCCE4cm.故选C.5.（2022江苏连云港第5题3分）已知四边形ABCD，下列说法正确的是A．当AD＝BC，AB∥DC时，四边形ABCD是平行四边形B．当AD＝BC，AB＝DC时，四边形ABCD是平行四边形C．当AC＝BD，AC平分BD时，四边形ABCD是矩形D．当AC＝BD，AC⊥BD时，四边形ABCD是正方形【思路分析】平行四边形的判定，分别有两组对边分别平行，两组分别相等，一组对边平行且相等，或对角线互相平分的四边形是平行四边形，所以B选项是正确的【答案】B【点评】本题考查平行四边形及特殊的平行四边形的判定.6、(2022年陕西省,9,3分)在ABCD中，AB=10，BC=14，E，F分别为边BC，AD上的点，若四边形AECF为正方形，则AE的长为（）A．7B．4或10C．5或9D．6或8考点：平行四边形的性质；勾股定理；正方形的性质．.专题：分类讨论．分析：设AE的长为某，根据正方形的性质可得BE=14﹣某，根据勾股定理得到关于某的方程，解方程即可得到AE的长．解答：解：如图：设AE的长为某，根据正方形的性质可得BE=14﹣某，222在△ABE中，根据勾股定理可得某+（14﹣某）=10，解得某1=6，某2=8．故AE的长为6或8．故选：D．点评：考查了平行四边形的性质，正方形的性质，勾股定理，关键是根据勾股定理得到关于AE的方程．7.（2022山东莱芜,第9题3分）一个多边形除一个内角外其余内角的和为1510°，则这个多边形对角线的条数是（）A．27B．35C．44D．54考点：多边形内角与外角．.分析：设出题中所给的两个未知数，利用内角和公式列出相应等式，根据边数为整数求解即可，再进一步代入多边形的对角线计算方法，即可解答．解答：解：设这个内角度数为某，边数为n，∴（n﹣2）某180°﹣某=1510，180n=1870+某，∵n为正整数，∴n=11，∴=44，故选：C．点评：此题考查多边形的内角和计算公式以及多边形的对角线条数的计算方法，属于需要识记的知识．3．（2022江苏镇江，第8题，2分）如图，ABCD中，E为AD的中点，BE，CD的延长线相交于点F，若△DEF的面积为1，则ABCD的面积等于4．考点：平行四边形的性质；全等三角形的判定与性质．.分析：通过△ABE≌△DFE求得△ABE的面积为1，通过△FBC∽△FED，求得四边形BCDE的面积为3，然后根据ABCD的面积=四边形BCDE的面积+△ABE的面积即可求得．解答：解：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AD∥BC，AB∥CD，AD=BC，∵AB∥CD，∴∠A=∠EDF，在△ABE和△DFE中，，∴△ABE≌△DFE（SAS），∵△DEF的面积为1，∴△ABE的面积为1，∵AD∥BC，∴△FBC∽△FED，∴=（）2∵AE=ED=AD．∴ED=BC，∴=，∴四边形BCDE的面积为3，∴ABCD的面积=四边形BCDE的面积+△ABE的面积=4．故答案为4．点评：本题考查了平行四边形的性质，三角形全等的判定和性质，三角形相似的判定和性质，熟练掌握三角形全等的性质和三角形相似的性质是解题的关键．24．（2022营口，第14题3分）圆内接正六边形的边心距为2，则这个正六边形的面积为24cm．考点：正多边形和圆．分析：根据正六边形的特点，通过中心作边的垂线，连接半径，结合解直角三角形的有关知识解决．解答：解：如图，连接OA、OB；过点O作OG⊥AB于点G．在Rt△AOG中，OG=2，∠AOG=30°，∵OG=OAco30°，∴OA===4，∴这个正六边形的面积为6某某4某2=24cm．2故答案为：24．点评：此题主要考查正多边形的计算问题，根据题意画出图形，再根据正多边形的性质即锐角三角函数的定义解答即可．5.（2022江苏连云港第5题3分）已知四边形ABCD，下列说法正确的是A．当AD＝BC，AB∥DC时，四边形ABCD是平行四边形B．当AD＝BC，AB＝DC时，四边形ABCD是平行四边形C．当AC＝BD，AC平分BD时，四边形ABCD是矩形D．当AC＝BD，AC⊥BD时，四边形ABCD是正方形【思路分析】平行四边形的判定，分别有两组对边分别平行，两组分别相等，一组对边平行且相等，或对角线互相平分的四边形是平行四边形，所以B选项是正确的【答案】B【点评】本题考查平行四边形及特殊的平行四边形的判定.6、(2022年陕西省,9,3分)在ABCD中，AB=10，BC=14，E，F分别为边BC，AD上的点，若四边形AECF为正方形，则AE的长为（）A．7B．4或10C．5或9D．6或8考点：平行四边形的性质；勾股定理；正方形的性质．.专题：分类讨论．分析：设AE的长为某，根据正方形的性质可得BE=14﹣某，根据勾股定理得到关于某的方程，解方程即可得到AE的长．解答：解：如图：设AE的长为某，根据正方形的性质可得BE=14﹣某，222在△ABE中，根据勾股定理可得某+（14﹣某）=10，解得某1=6，某2=8．故AE的长为6或8．故选：D．点评：考查了平行四边形的性质，正方形的性质，勾股定理，关键是根据勾股定理得到关于AE的方程．7.（2022山东莱芜,第9题3分）一个多边形除一个内角外其余内角的和为1510°，则这个多边形对角线的条数是（）A．27B．35C．44D．54考点：多边形内角与外角．.分析：设出题中所给的两个未知数，利用内角和公式列出相应等式，根据边数为整数求解即可，再进一步代入多边形的对角线计算方法，即可解答．解答：解：设这个内角度数为某，边数为n，∴（n﹣2）某180°﹣某=1510，180n=1870+某，∵n为正整数，∴n=11，∴=44，故选：C．点评：此题考查多边形的内角和计算公式以及多边形的对角线条数的计算方法，属于需要识记的知识．14．（2022湖北,第17题3分）在ABCD中，AD=BD，BE是AD边上的高，∠EBD=20°，则∠A的度数为55°或35°．考点：平行四边形的性质．分析：首先求出∠ADB的度数，再利用三角形内角和定理以及等腰三角形的性质，得出∠A的度数．解答：解：情形一：当E点在线段AD上时，如图所示，∵BE是AD边上的高，∠EBD=20°，∴∠ADB=90°﹣20°=70°，∵AD=BD，∴∠A=∠ABD==55°．情形二：当E点在AD的延长线上时，如图所示，∵BE是AD边上的高，∠EBD=20°，∴∠BDE=70°，∵AD=BD，∴∠A=∠ABD=∠BDE=70°=35°．故答案为：55°或35°．点评：此题主要考查了平行四边形的性质以及等腰三角形的性质等知识，得出∠ADB的度数是解题关键．解答：解：（1）如图①，过A作AE⊥BC，∴四边形AECD为矩形，∴EC=AD=8，BE=BC﹣EC=12﹣8=4，在Rt△ABE中，∠ABE=60°，BE=4，∴AB=2BE=8，AE=则S△BMC=BCAE=24；=4，故答案为：24；（2）如图②，作点C关于直线AD的对称点C′，连接C′N，C′D，C′B交AD于点N′，连接CN′，则BN+NC=BN+NC′≥BC′=BN′+CN′，∴△BNC周长的最小值为△BN′C的周长=BN′+CN′+BC=BC′+BC，∵AD∥BC，AE⊥BC，∠ABC=60°，∴过点A作AE⊥BC，则CE=AD=8，∴BE=4，AE=BEtan60°=4，∴CC′=2CD=2AE=8，∵BC=12，∴BC′==4，∴△BNC周长的最小值为4+12；（3）如图③所示，存在点P，使得co∠BPC的值最小，作BC的中垂线PQ交BC于点Q，交AD于点P，连接BP，CP，作△BPC的外接圆O，圆O与直线PQ交于点N，则PB=PC，圆心O在PN上，∵AD∥BC，∴圆O与AD相切于点P，∵PQ=DC=4＞6，∴PQ＞BQ，∴∠BPC＜90°，圆心O在弦BC的上方，在AD上任取一点P′，连接P′B，P′C，P′B交圆O于点M，连接MC，∴∠BPC=∠BMC≥∠BP′C，∴∠BPC最大，co∠BPC的值最小，连接OB，则∠BON=2∠BPN=∠BPC，∵OB=OP=4﹣OQ，222在Rt△BOQ中，根据勾股定理得：OQ+6=（4﹣OQ），解得：OQ=∴OB=，，=，∴co∠BPC=co∠BOQ=则此时co∠BPC的值为．点评：此题属于四边形综合题，涉及的知识有：勾股定理，矩形的判定与性质，对称的性质，圆的切线的判定与性质，以及锐角三角函数定义，熟练掌握定理及性质是解本题的关键．3、(2022年四川省广元市中考，5,3分)一个多边形的内角和是外角和的2倍，这个多边形的边数为（）A．5B．6C．7D．8考点：多边形内角与外角．.分析：多边形的外角和是360°，则内角和是2某360=720°．设这个多边形是n边形，内角和是（n﹣2）180°，这样就得到一个关于n的方程组，从而求出边数n的值．解答：解：设这个多边形是n边形，根据题意，得（n﹣2）某180°=2某360，解得：n=6．即这个多边形为六边形．故选：B．点评：本题考查了多边形的内角与外角，熟记内角和公式和外角和定理并列出方程是解题的关键．根据多边形的内角和定理，求边数的问题就可以转化为解方程的问题来解决．4、(2022年四川省广元市中考，18,7分)求证：平行四边形的对角线互相平分（要求：根据题意先画出图形并写出已知、求证，再写出证明过程）．考点：平行四边形的性质；全等三角形的判定与性质．.专题：证明题．分析：首先根据题意画出图形，再写出命题的已知和求证，最后通过证明三角形全等即可证明命题是正确的．解答：已知：平行四边形ABCD的对角线AC，BD相交于点O，求证：OA=OC，OB=OD证明：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AD∥BC，AD=BC，∴∠1=∠2，在△AOD和△COB中，∴△AOD≌△COB（AAS），∴OA=OC，OB=OD．点评：此题主要考查了平行四边形的性质以及全等三角形的判定和性质，解题的关键是熟记平行四边形的各种性质以及全等三角形的各种判定的各种方法．5、(2022年浙江省义乌市中考,24,14分)在平面直角坐标系中，O为原点，四边形OABC的顶点A在某轴的正半轴上，OA=4，OC=2，点P，点Q分别是边BC，边AB上的点，连结AC，PQ，点B1是点B关于PQ的对称点。
2023年数学中考一轮复习--多边形(知识点梳理+配套精练)(含解析)
2023年数学中考一轮复习--多边形（知识点梳理+配套精练)，每一个外角为为奇数时，是轴对称图形；当配套精练：一、单选题1．下列多边形中，内角和为720°的是（）A．B．C．D．2．下列说法正确的是（）A．三条线段首尾顺次相接所组成的图形叫做三角形B．三角形按边分类可分为三边都不相等的三角形、等腰三角形和等边三角形C．各边都相等的多边形叫正多边形D．三角形三条中线的交点叫做三角形的重心3．如图，⊙O是正六边形ABCDEF的外接圆，P是弧AB上一点，则⊙CPD的度数是（）A．30°B．40°C．45°D．60°4．如果一个多边形的每个内角都相等，且内角和为1800°，那么这个多边形的一个外角是（）A．720°B．60°C．36°D．30°5．正多边形的每个内角为108 ，则它的边数是（）A．4B．6C．7D．5 6．若一个多边形的内角和为1080°，则这个多边形的边数为()A．5B．6C．7D．8 7．一个正多边形，它的一个内角恰好是一个外角的5倍，则这个正多边形的边数是（）A．八B．九C．十D．十二8．三角形具有稳定性，所以要使如图所示的五边形木架不变形，至少要使钉上（）根木条A．1B．2C．3D．4 9．我国古代伟大的数学家刘徽于公元263年撰《九章算术注》中指出，“周三径一”不是圆周率值，实际上是圆内接正六边形周长和直径的比值(图1)。
刘徽发现，圆内接正多边形边数无限增加时，多边形的周长就无限逼近圆周长，从而创立“割圆术”，为计算圆周率建立起相当严密的理论和完善的算法。
如图2，六边形ABCDEF是圆内接正六边形，把每段弧二等分，作出一个圆内接正十二边形，连结AG，CF，AG交CF于点P，若AP=2 ，则CG的长为()A ．2π B ．34π C ．3π D ．23π 10．如图，把⊙ABC 纸片沿 DE 折叠，当点 A 落在四边形 BCDE 内部时，则⊙A与⊙1+⊙2 之有一种数量关系始终保持不变请试着找一找这个规律，你发现的规律是 （ ）A ．⊙A=⊙1+⊙2B ．3⊙A=2（⊙1+⊙2）C ．3⊙A=2⊙1+⊙2CD ．2⊙A=⊙1+⊙2二、填空题11．如图，在五边形ABCDE 中，⊙A+⊙B+⊙E ＝300°，DP 、CP 分别平分⊙EDC 、⊙BCD ，则⊙CPD 的度数是 .12．如果一个多边形的每个内角都相等，且内角和为1800°，那么该多边形的一个外角是 ．13．如图，正方形ABCD 内接于圆O ，3AB =，则图中阴影部分的面积是 .14．如图所示，平行四边形内有两个全等的正六边形，若阴影部分的面积记为 1S ，平行四边形的面积记为 2S ,则12S S 的值为 .15．如图，⊙ABC 中，BC 的垂直平分线DP 与⊙BAC 的角平分线相交于点D ，垂足为点P ，若⊙BAC=84°，则⊙BDC= ．16．如图，ABC 中，7565A B ∠=︒∠=︒，，将纸片的一角折叠，使点C 落在ABC内，若120∠=︒，则2∠的度数是 .17．如果一个多边形的内角和等于1800°，则这个多边形是 边形；如果一个n 边形每一个内角都是135°，则n= ；如果一个n 边形每一个外角都是36°，则n= ．18．一个n 边形的内角和是它外角和的6倍，则n ＝ .三、解答题19．一个正多边形的内角和为1800°，求这个多边形的边数. 20．一个多边形的内角和比它的外角和多720°，求该多边形的边数. 21．求图形中x 的值：22．求图(1)、图(2)中的x 的值，其中图(2)中AB⊙CD.23．如果多边形的每个内角都比它相邻的外角的4倍还多30 ，求这个多边形的内角和.24．求半径为3的圆的内接正方形的边长．答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】∵n边形内角和公式为(n-2)×180°，∴(n-2)×180°=720°，解得n=6，故答案为：D．【分析】利用多边形的内角和公式逐项判断即可。
三角形与多边形的概念及性质-2024年中考数学考点(全国通用)(解析版)
【中考高分指南】数学（选择+填空）【备战2024年中考·数学考点总复习】（全国通用）三角形与多边形的有关概念及性质一、三角形有关概念及性质1．三角形的分类（1）三角形按角分类：锐角三角形、直角三角形、钝角三角形.（2）三角形按边分类：①一般三角形：三边都不等的三角形；②等腰三角形：两边相等的三角形；③等边三角形：三边都相等的三角形2．三角形的边的关系（1）三角形任意两边之和大于第三边.（2）三角形任意两边之差小于第三边3．三角形的角的关系（1）三角形三个内角的和等于180°；特别地，当有一个内角是90° 时，其余的两个内角互余.（2）三角形的外角和等于360°.（3）三角形的任意一个外角等于和它不相邻的两个内角的和，三角形的任意一个外角大于任意一个和它不相邻的内角4．三角形的中线（1）在三角形中，连接一个顶点与它对边中点的线段，叫做这个三角形的中线.（2）一个三角形有三条中线，都在三角形的内部，三条中线交于一点，这点叫做三角形的重心.（3）三角形的一条中线把原三角形分成面积相等的两部分5．三角形的高（1）从三角形的一个顶点向它的对边所在直线作垂线，顶点与垂足之间的线段叫做三角形的高.（2）一个三角形有三条高，可能在三角形内部，也可能在三角形上，还可能在三角形的外部6．三角形的角平分线（1）在三角形中，一个内角的平分线与它的对边相交，这个角的顶点与交点之间的线段叫做三角形的角平分线. 它区别于一个角的平分线在于它是线段，而一个角的平分线是射线.（2）三角形的内心：三角形的三条角平分线相交于一点，这个点叫做三角形的内心.这个点也是这个三角形内切圆的圆心.三角形的内心到三角形三条边的距离相等7．三角形的中位线（1）连接三角形两边的中点的线段叫做三角形的中位线.（2）一个三角形有3条中位线，都在三角形的内部.（3）三角形的中位线平行于第三边，且等于第三边的一半二、多边形1．多边形的内角和、外角和n边形的内角和为(n-2)·180°，外角和为360°.2．正多边形：在平面内，各内角都相等，各边也都相等的多边形叫做正多边形.3．多边形的对角线：在多边形中，连接互不相邻的两个顶点的线段.【考点1】三角形的相关概念与计算【例1】（2024·山东模拟）一位同学用三根木棒两两相交拼成如下图形，则其中符合三角形概念的是( )A. B.C. D.【答案】D【解析】A.三条线段没有首尾顺次相接，不合题意B.三条线段没有首尾顺次相接，不合题意C.三条线段没有首尾顺次相接，不合题意D.不在同一直线上的三条线段首尾顺次相接，是三角形，符合题意【例2】（2024·山东模拟）下列图形中具备稳定性的是( )A. B. C. D.【答案】B【解析】解：A、图形不具备稳定性，不符合题意；B、图形具备稳定性，符合题意；C、图形不具备稳定性，不符合题意；D、图形不具备稳定性，不符合题意；故选：B．根据三角形具有稳定性解答即可．本题考查的是三角形的性质，熟记三角形具有稳定性是解题的关键．【例3】（2023·湖南）下列长度的三条线段，能组成三角形的是( )A. 1，3，4B. 2，2，7C. 4，5，7D. 3，3，6【答案】C【解析】解：∵1+3=4，∴1，3，4不能组成三角形，故A选项不符合题意；∵2+2<7，∴2，2，7不能组成三角形，故B不符合题意；∵4+5>7，∴4，5，7能组成三角形，故C符合题意；∵3+3=6，∴3，3，6不能组成三角形，故D不符合题意，故选：C．根据三角形的三边关系分别判断即可．本题考查了三角形的三边关系，熟练掌握三角形的三边关系是解题的关键．【例4】（2023·天津）如图，在△ABC中，AB=AC，AD，CE是△ABC的两条中线，P是AD上的一个动点，则下列线段的长等于BP+EP最小值的是( )A. BCB. CEC. ADD. AC【答案】B【分析】连接PC，由已知可得AD垂直平分BC，所以PB=PC，从而BP+EP=PC+PE，显然E，P，C三点共线时取得最小值．【解析】解：如图，连接PC，∵AB=AC，BD=CD，∴AD⊥BC，∴PB=PC，∴PB+PE=PC+PE，∵PE+PC≥CE，∴当P、C、E三点共线时，PB+PE的值最小，最小值为CE，故选B．【例5】（2024·四川模拟）如图，△ABC≌△ADE，∠BAC=40°，∠E=115°，则∠B的度数是( )A. 40°B. 30°C. 45°D. 25°【答案】D【分析】【分析】由全等三角形的性质可得∠C=∠E=115°，再利用三角形的内角和定理即可求解．【解析】解：∵△ABC≌△ADE，∠E=115°，∴∠C=∠E=115°，∵∠BAC=40°，∴∠B=180°−∠C−∠BAC=25°．故选：D．【点评】本题主要考查全等三角形的性质，解答的关键是熟记全等三角形的性质：全等三角形的对应角相等．三角形三边关系“三角形两边之和大于第三边，两边之差小于第三边”的应用（1）在实际应用中，只需检验最短的两边之和大于第三边，则可说明能组成三角形.（2）在实际应用中，已知两边，则第三边的取值范围为：两边之差<第三边<两边之和.（3）所有通过周长相加减求三角形的边，求出两个答案的，要注意检查每个答案能否组成三角形.1.（2023·湖南）下列长度的各组线段能组成一个三角形的是( )A. 1cm，2cm，3cmB. 3cm，8cm，5cmC. 4cm，5cm，10cmD. 4cm，5cm，6cm【答案】D【解析】解：A、∵1+2=3，∴长度为1cm，2cm，3cm的三条线段不能组成三角形，本选项不符合题意；B、∵3+5=8，∴长度为3cm，8cm，5cm的三条线段不能组成三角形，本选项不符合题意；C、∵4+5<10，∴长度为4cm，5cm，10cm的三条线段不能组成三角形，本选项不符合题意；D、∵4+5>6，∴长度为4cm，5cm，6cm的三条线段能组成三角形，本选项符合题意；故选：D．根据两边之和大于第三边判断即可．本题考查的是三角形的三边关系，熟记三角形两边之和大于第三边是解题的关键．2.（2024·全国模拟）已知a，b为等腰三角形的两边长，且a，b满足√ 2a−3b+5+(2a+3b−13)2=0，则此等腰三角形的周长为( )A. 8B. 6或8C. 7D. 7或8【答案】D【解析】解：∵√ 2a−3b+5+(2a+3b−13)2=0，∴{2a−3b+5=02a+3b−13=0，解得：{a=2b=3，当b 为底时，三角形的三边长为2，2，3，周长为7；当a 为底时，三角形的三边长为2，3，3，则周长为8，∴等腰三角形的周长为7或8，故选：D ．首先根据√ 2a −3b +5+(2a +3b −13)2=0，并根据非负数的性质列方程求得a 、b 的值，然后求得等腰三角形的周长即可．本题考查了等腰三角形的性质，三角形三边关系定理，二元一次方程方程组，关键是根据2，3分别作为腰，由三边关系定理，分类讨论．3.（2024·河北模拟）设等腰三角形的一边长为5，另一边长为10，则其周长为( )A. 15B. 20C. 25D. 20或25【答案】C【分析】题目给出等腰三角形有两条边长为5和10，而没有明确腰、底分别是多少，所以要进行讨论，还要应用三角形的三边关系验证能否组成三角形．本题考查了等腰三角形的性质和三角形的三边关系；已知没有明确腰和底边的题目一定要想到两种情况，分类进行讨论，还应验证各种情况是否能构成三角形进行解答，这点非常重要，也是解题的关键．【解析】解：分两种情况：当腰为5时，5+5=10，所以不能构成三角形;当腰为10时，5+10>10，所以能构成三角形，周长是：10+10+5=25．故选C ．【考点2】三角形的角平分线、中线、高【例1】（2023·四川）如图，在△ABC 中，∠CAD =90°，AD =3，AC =4，BD =DE =EC ，点F 是AB 边的中点，则DF =( )A. 54B. 52C. 2D. 1【答案】A【解析】解：∵∠CAD =90°，AD =3，AC =4，∴DC =√ AD 2+AC 2=√ 32+42=5，∵DE =EC ，DE +EC =DC =5，∴DE =EC =AE =52，∵BD =DE ，点F 是AB 边的中点，∴DF =12AE =54．故选：A ．先在直角△CAD中利用勾股定理求出DC=5，再根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半得出AE=52，最后利用三角形的中位线定理求出DF=12AE=54．本题考查了勾股定理，直角三角形斜边上的中线的性质，三角形的中位线定理，准确识图并且熟记相关定理与性质是解题的关键．【例2】（2024·陕西模拟）如图，AD是△ABC的中线，AB=5，AC=4.若△ACD的周长为10，则△ABD的周长为( )A. 8B. 9C. 10D. 11【答案】D【分析】本题考查了三角形的中线，解题关键是求出AD+DC的长.根据三角形的中线的定义可得BD=CD，先求得AD+DC=6，然后求出△ABD的周长为AB+AD+DC，进而即可得到答案．【解析】解：△ACD的周长=AD+DC+AC=AD+DC+4=10，∴AD+DC=6，∵AD是ΔABC的中线，∴BD=DC，∴△ABD的周长=AB+AD+BD=AB+AD+DC=5+6=11．故选：D．【例3】（2024·河南模拟）如图，CD⊥AB于点D，已知∠ABC是钝角，则( )A. 线段CD是△ABC的AC边上的高线B. 线段CD是△ABC的AB边上的高线C. 线段AD是△ABC的BC边上的高线D. 线段AD是△ABC的AC边上的高线【答案】B【分析】本题考查的是三角形的高的概念，从三角形的一个顶点向对边作垂线，垂足与顶点之间的线段叫做三角形的高．根据三角形的高的概念判断即可．【解析】解：A.线段CD 是△ABC 的AB 边上的高线，故本选项说法错误，不符合题意；B .线段CD 是△ABC 的AB 边上的高线，本选项说法正确，符合题意；C .线段AD 不是△ABC 的边上高线，故本选项说法错误，不符合题意；D .线段AD 不是△ABC 的边上高线，故本选项说法错误，不符合题意；故选B ．【例4】（2024·全国模拟）如图，AD ，CE 分别是△ABC 的中线和角平分线，若AB =AC ，∠CAD =20∘，则∠ACE 的度数是( )A. 20∘B. 35∘C. 40∘D. 70∘【答案】B 【分析】本题考查了等腰三角形的两个底角相等的性质，等腰三角形的顶角平分线、底边上的中线、底边上的高相互重合的性质，三角形内角和定理以及角平分线定义，求出∠ACB =70°是解题的关键．先根据等腰三角形的性质以及三角形内角和定理求出∠CAB =2∠CAD =40°，∠B =∠ACB =12(180°−∠CAB)=70°.再利用角平分线定义即可得出∠ACE =12∠ACB =35°．【解析】解：∵AD 是△ABC 的中线，AB =AC ，∠CAD =20°，∴∠CAB =2∠CAD =40°，∠B =∠ACB =12(180°−∠CAB)=70°．∵CE 是△ABC 的角平分线，∴∠ACE =12∠ACB =35°．故选B ．三角形中的重要线段∠CAD ∠BAC EC=½BC∠AFC=90°1.（2024·河南模拟）若线段AM，AN分别是△ABC的BC边上的高线和中线，则( )A. AM>ANB. AM≥C. AM<AND. AM≤AN 【答案】D【分析】此题考查垂线段问题，关键是根据垂线段最短解答．【解析】解：因为线段AM，AN分别是△ABC的BC边上的高线和中线，所以AM≤AN，故选：D．2.（2024·河北模拟）如图，将△ABC折叠，使点C落在BC边上C′处，展开后得到折痕l，则l是△ABC的( )A. 高B. 中线C. 中位线D. 角平分线【答案】A【解析】解：∵将△ABC折叠，使点C落在BC边上C′处，展开后得到折痕l，∴l⊥BC，即l是△ABC的高，故选：A．根据折叠性质可知，l⊥BC，由三角形高的定义即可得到答案．本题考查折叠性质及三角形高的定义，熟记相关性质及定义是解决问题的关键．3.（2024·广东模拟）如图，△ABC中，CD是AB边上的中线，AC=9cm，BC=3cm，那么△ACD和△BCD的周长的差是( )A. 3cmB. 6cmC. 12cmD. 无法确定【答案】B【解析】解：∵CD是AB边上的中线，∴AD=DB，∴△ACD的周长−△BCD的周长=(AC+CD+AD)−(BC+CD+BD)=AC−BC=9−3=6(cm)，故选：B．根据三角形的中线的概念得到AD=DB，根据三角形的周长公式计算，得到答案．本题考查的是三角形的中线的概念，三角形一边的中点与此边所对顶点的连线叫做三角形的中线．4.（2024·福建模拟）如图所示，AD，AE分别为△ABC的高线和角平分线，且∠B=76°，∠C=36°，则∠DAE 的度数为( )A. 20°B. 18°C. 38°D. 40°【答案】A【分析】此题主要考查了高线以及角平分线的定义，得出∠BAE的度数是解题关键．根据高线的定义以及角平分线的定义分别得出∠BAD=14°，∠BAE=34°，进而得出∠DAE的度数，进而得出答案．【解析】解：∵AD，AE分别是△ABC的高和角平分线，且∠B=76°，∠C=36°，∴∠BAC=180°−∠B−∠C=68°，∠BAD=90°−76°=14°，∴∠BAE=12∠BAC=12×68°=34°，∴∠DAE=34°−14°=20°．故选A．【考点3】三角形的内心、外心【例1】（2024·河南模拟）如图，将△ABC折叠，使AC边落在AB边上，展开后得到折痕AD，再将△ABC折叠，使BC边落在AB边上，展开后得到折痕BE，若AD与BE的交点为O，则点O是( )A. △ABC的外心B. △ABC的内心C. △ABC的重心D. △ABC的中心【答案】B【解析】解：由题意得：∠BAD=∠CAD，∠ABE=∠CBE，∴O为角平分线的交点，则点O是△ABC的内心．故选：B．根据折叠的性质可知点O为角平分线的交点，可得结论．本题考查了翻折变换以及角平分线的性质，解题的关键是根据翻折变换的性质得出O为角平分线的交点．【例2】（2024·全国模拟）如图，在△ABC中，点D和E分别是边AB和AC的中点，连接DE，DC与BE交于点O，若△DOE的面积为1，则△ABC的面积为( )A. 6B. 9C. 12D. 13.5【答案】C【解析】解：∵点D和E分别是边AB和AC的中点，∴O点为△ABC的重心，∴OB=2OE，∴S△BOD=2S△DOE=2×1=2，∴S△BDE=3，∵AD=BD，∴S△ABE=2S△BDE=6，∵AE=CE，∴S△ABC=2S△ABE=2×6=12．故选C．利用O点为△ABC的重心得到OB=2OE，利用三角形面积公式得到S△BOD=2S△DOE=2，再利用AD=BD得到S△ABE=2S△BDE=6，然后利用AE=CE得到S△ABC=2S△ABE=12．本题考查了三角形的重心的性质的运用，三角形的重心是三角形三边中线的交点，重心到顶点的距离与重心到对边中点的距离之比为2：1．由△的三线组成的几个“心”：△三边中线交点—→重心—→性质：△的重心到一中线中点的距离=重心到这条中线定点距离的一半；△三条角平分线交点—→内心—→性质：△的内心到△三边的距离（垂线段）相等；△三边中垂线交点—→外心—→性质：△的外心到△三个顶点的距离（连接）相等；1.（2024·河北模拟）如图，在4×4的正方形格纸中，△ABC的顶点均在格点上，BC边与网格线交于点D，AC边过格点E，连接AD，BE相交于点O，则点O为△ABC的( )A. 重心B. 外心C. 内心D. 以上结果均不对【答案】A【解析】解：由图可知，点D、E是BC、AC的中点，∴AD、BE是△ABC的中线，∴点O是△ABC的重心，故选：A．根据三角形三条中线的交点是三角形的重心进行判断即可．本题考查了三角形的重心，熟练掌握三角形重心的定义是解题的关键．2.（2024·山东模拟）已知：如图1，在△ABC中，AB=AC.小明的作法如图2所示，则他作出的两条线的交点O是△ABC的( )A. 中心B. 内心C. 外心D. 重心【答案】C【解析】解：按如图作图痕迹可知，AD为∠BAC的角平分线，∵AB=AC，∴AD也是BC边的中线、高线，即BC边的垂直平分线，∵另一痕迹是AB边的垂直平分线，∴点O为边的垂直平分线的交点，∴点O为外心，故选：C．根据等腰三角形的“三线合一”定理可得，AD是垂直平分线，由另一痕迹是AB边的垂直平分线得点O为外心．本题考查了外心的判断，由痕迹判断尺规作图是解题关键．3.（2024·安徽模拟）下列说法中正确的是( )①等边三角形三条高的交点就是它的重心；②三角形的重心到一边的距离等于这边上中线长的三分之一；③三角形的重心到一边中点的距离等于这边上中线长的三分之一；④三角形的重心到一边的距离等于这边上高的三分之一A. ①③④B. ②③④C. ①②③D. ①②③④【答案】A【解析】解：①等边三角形三条高的交点既是它的垂心，也是重心，故正确；③三角形的重心到一边中点的距离等于这边上中线长的三分之一，故正确；如图，O为重心，过点O和点A分别作BC的垂线，垂足为E，F，则OE//AF，则△ODE∽△ADF，∴ODAD =OEAF=13，即三角形的重心到一边的距离等于这边上高的三分之一，故②错误，④正确；故选：A．根据三角形重心的性质分别判断，利用相似三角形的判定和性质判断相应推论．本题考查了三角形的重心，掌握相似三角形的判定和性质，三角形的重心是三角形三条中线的交点，且重心到顶点的距离是它到对边中点的距离的2倍是解题的关键．【考点4】三角形的中位线定理【例1】（2023·云南）如图，A，B两点被池塘隔开，A，B，C三点不共线．设AC，BC的中点分别为M，N.若MN=3米，则AB=( )A. 4米B. 6米C. 8米D. 10米【答案】B【解析】解：∵点M，N分别是AC和BC的中点，∴AB=2MN=6(m)，故选：B．根据三角形中位线定理计算即可．本题考查的是三角形中位线定理，三角形的中位线平行于第三边，并且等于第三边的一半．【例2】（2023·四川）如图，菱形ABCD的对角线AC与BD相交于点O，E为边BC的中点，连结OE.若AC=6，BD=8，则OE=( )A. 2B. 52C. 3D. 4【答案】B【解析】解：∵四边形ABCD是菱形，∴OC=12AC，OB=12BD，AC⊥BD，∵AC=6，BD=8，∴OC=3，OB=4，∴CB=√ OB2+OC2=5，∵E为边BC的中点，∴OE=12BC=52．故选：B．由菱形的性质得到OC=12AC=3，OB=12BD=4，AC⊥BD，由勾股定理求出BC的长，由直角三角形斜边中线的性质，即可求出OE的长．本题考查菱形的性质，直角三角形斜边的中线，勾股定理，关键是由菱形的性质求出OC，OB的长，由勾股定理求出BC的长，由直角三角形斜边的中线的性质即可求出OE的长．【例3】（2023·辽宁）如图，AC，BC为⊙O的两条弦，D、G分别为AC，BC的中点，⊙O的半径为2.若∠C=45°，则DG的长为( )A. 2B. √ 3C. 32D. √ 2【答案】D【解析】解：如图，连接AO、BO、AB，∵∠C=45°，∴∠AOB=2∠C=90°，∵⊙O的半径为2，∴AO=BO=2，∴AB=2√ 2，∵点D、E分别是AC、BC的中点，∴DE=12AB=√ 2．故选：D．先根据圆周角定理得到∠AOB=2∠ACB=90°，则可判断△OAB为等腰直角三角形，然后根据勾股定理可得AB=2√ 2，再根据三角形的中位线定理可得DE=√ 2．此题主要考查了三角形的中位线定理，以及勾股定理，圆周角定理，关键是掌握在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半．三角形的中位线平行于第三边且等于第三边的一半1.（2023·四川）如图，在Rt△ABC中，AB=6cm，BC=8cm，D、E分别为AC、BC中点，连接AE、BD相交于点F，点G在CD上，且DG：GC=1：2，则四边形DFEG的面积为( )A. 2cm2B. 4cm2C. 6cm2D. 8cm2【答案】B【解析】解：连接DE，如图：∵D、E分别为AC、BC中点，∴DE是△ABC的中位线，∴DE=12AB=3cm，DE//AB，∴△DEF∽△BAF，∴S△DEF S△ABF =(DEAB)2=14，EFAF=DEAB=12，∴S△BEF S△ABF =EFAF=12，∴S△ABF=23S△ABE=23×12AB⋅BE=23×12×6×12×8=8(cm2)，∴S△DEF=14S△ABF=2(cm2)，∵S△DEC=12DE⋅CE=12×3×4=6(cm2)，DG：GC=1：2，∴S△DEG=13S△DEC=2(cm2)，∴S四边形DFGE=S△DEF+S△DEG=4(cm2)，∴四边形DFEG 的面积为4cm 2， 故选：B ．连接DE ，由D 、E 分别为AC 、BC 中点，可得DE =12AB =3cm ，DE//AB ，即得△DEF ∽△BAF ，故S△DEF S △ABF=(DE AB)2=14，EF AF=DE AB=12，可得S △ABF =23S △ABE =23×12AB ⋅BE =8(cm 2)，故S △DEF =14S △ABF =2(cm 2)，又S △DEC =12DE ⋅CE =6(cm 2)，DG ：GC =1：2，可得S △DEG =13S △DEC =2(cm 2)，从而S 四边形DFGE =S △DEF +S △DEG =4(cm 2)，本题考查相似三角形判定与性质，三角形中位线及应用，解题的关键是掌握相似三角形的性质及应用． 2.（2023·内蒙古）如图，⊙O 是锐角三角形ABC 的外接圆，OD ⊥AB ，OE ⊥BC ，OF ⊥AC.垂足分别为D ，E ，F ，连接DE ，EF ，FD.若DE +DF =6.5，△ABC 的周长为21，则EF 的长为( ) A. 8 B. 4 C. 3.5 D. 3 【答案】B【解析】解：∵OD ⊥AB ，OE ⊥BC ，OF ⊥AC ， ∴AD =BD ，AF =CF ，BE =CE ， ∴DE ，DF ，EF 是△ABC 的中位线， ∴DE =12AC,DF =12BC,EF =12AB ，∴DE +DF +EF =12(AB +BC +AC)=12×21=10.5， ∵DE +DF =6.5， ∴EF =10.5−6.5=4， 故选：B ．根据垂径定理得到AD =BD ，AF =CF ，BE =CE ，根据三角形的中位线定理得到DE +DF +EF =12(AB +BC +AC)=12×21=10.5，于是得到结论．本题考查了三角形外接圆与外心，三角形中位线定理，垂径定理，熟练掌握三角形中位线定理是解题的关键．【考点5】多边形的内角和与外角和【例1】（2023·湖南）七边形的内角和为( ) A. 540°B. 720°C. 900°D. 1 080°【答案】C【分析】本题考查了多边形的内角和定理．熟记“n边形的内角和为(n−2)·180°”是解题的关键．利用多边形的内角和=(n−2)·180°即可解决问题．【解析】解：根据多边形的内角和可得：(7−2)×180°=900°．故选C．【例2】（2023·甘肃）如图1是我国古建筑墙上采用的八角形空窗，其轮廓是一个正八边形，窗外之境如同镶嵌于一个画框之中，如图2是八角形空窗的示意图，它的一个外角∠1=( )A. 45°B. 60°C. 110°D. 135°【答案】A【解析】解：∵正八边形的外角和为360°，∴每一个外角为360°÷8=45°．故选：A．由多边形的外角和定理直接可求出结论．本题考查了多边形外角和定理，掌握外角和定理是解题的关键．【例3】（2023·北京）若正多边形的一个外角是60∘，则该正多边形的内角和为( )A. 360∘B. 540∘C. 720∘D. 900∘【答案】C【分析】本题主要考查的是多边形的内角和和外角和定理的有关知识，根据多边形的外角和等于360°，先求出这个多边形的边数，然后再利用多边形的内角和公式进行求解即可．【解析】解：由多边形的外角和为360∘可知，这个正多边形的边数为360∘÷60∘=6，由多边形内角和公式可知内角和为180∘×(6−2)=720∘．故选C．（1）多边形的内角和：n边形的内角和等于（n-2）·180°;（2）多边形的外角和：360°.1.（2023·湖北）五边形的外角和为( )A. 180°B. 360°C. 540°D. 720°【答案】B【分析】此题考查了多边形内角与外角，比较简单，只要识记多边形的外角和是360°即可．多边形外角和都等于360°，则四边形的外角和为360度．【解析】解：∵多边形外角和=360°，∴四边形的外角和为360°．故选：B．2.（2023·广东）如图，直线AB//CD，∠EFA=30°，∠FGH=90°，∠HMN=30°，∠CNP=50°，则∠GHM的大小是．【答案】40°【解析】如图，延长PM、EG K，PM延长线交AB于点L．∵AB//CD，∴∠ALM=∠LND=∠CNP=50°，∴∠MKG=∠BFG+∠ALM=80°．∵∠HMN=30°，∴∠HMK=150°∵∠FGH=90°，∴∠KGH=90°，∴∠GHM=360°−∠HMK−∠MKG−∠KGH=360°−150°−80°−90°=40°．3.（2023·江苏）如图，五边形ABCDE是正五边形，l1//l2，若∠1=20°，则∠2=_____°．【答案】56【分析】本题主要考查了平行线的性质以及多边形的内角与外角，解题的关键是连接AC，利用内错角相等建立等量关系．连接AC，依据平行线的性质，即可得到等式∠2+∠ACB=∠1+∠CAE，据此可得∠2的度数．【解析】解：如图所示，连接AC，∵五边形ABCDE是正五边形，∴∠B=∠BAE=108°，∠ACB=∠CAB=36°，∴∠CAE=108°−36°=72°，∵l1//l2，∴∠2+∠ACB=∠1+∠CAE，即∠2+36°=20°+72°，解得∠2=56°，故答案为56．4.（2023·山东）已知一个多边形的内角和为540°，则这个多边形是边形．【答案】五【分析】本题考查了多边形的内角和定理，熟记公式是解题的关键.根据多边形的内角和公式求出边数即可．【解析】解：设多边形的边数是n，则(n−2)·180°=540°，解得n=5，故答案为五．。
江苏省中考数学真题汇编（近三年） 专题7 图形的性质----三角形和多边形
江苏省中考数学真题汇编（近三年）专题7 图形的性质----三角形和多边形姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共12题；共24分)1. （2分）图中的尺规作图是作（）A . 线段的垂直平分线B . 一条线段等于已知线段C . 一个角等于已知角D . 角的平分线2. （2分） (2020九上·杭州月考) 如图，在边长相同的小正方形组成的网格中，点都在这些小正方形的顶点上，相交于点P，则（）.A .B . 3C .D . 23. （2分）(2017·景泰模拟) 如图，AB∥DE，∠ABC=20°，∠BCD=80°，则∠CDE=（）A . 20°B . 80°C . 60°D . 100°4. （2分）在平行四边形ABCD中，若∠A：∠B=5： 4，则∠C的度数为（）A . 60°B . 80°C . 90°D . 100°5. （2分）历史上对勾股定理的一种证法采用了下列图形：其中两个全等的直角三角形边AE，EB在一条直线上．证明中用到的面积相等的关系是（）A . S△EDA=S△CEBB . S△EDA+S△CEB=S△CDEC . S四边形CDAE=S四边形CDEBD . S△EDA+S△CDE +S△CEB=S四边形ABCD6. （2分） (2020八下·温州期中) 若一个多边形的内角和是720°，则这个多边形的边数为（）A . 4B . 5C . 6D . 77. （2分）如图，菱形中，对角线AC、BD交于点O，E为AD边中点，菱形ABCD的周长为32，则OE的长等于（）A . 8B . 4C . 7D . 168. （2分） (2019八下·温州期中) 如图，锐角△ABC中，AD是高，E,F分别是AB,AC中点,EF交AD于G,已知GF=1,AC= 6,△DEG的周长为10，则△ABC的周长为（）A . 27-3B . 28-3C . 28-4D . 29-59. （2分）直角三角形中两锐角之差为20°，则最大锐角为（）A . 45°B . 55°C . 65°D . 50°10. （2分） (2011七下·广东竞赛) 如图，∠A=35°，∠B=∠C=90°，则∠D的度数是（）A . 35°B . 45°C . 55°D . 65°11. （2分） (2020八上·南京月考) 在联欢会上，有、、三名选手站在一个三角形的三个顶点位置上，他们在玩抢凳子游戏，要求在他们中间放一个木凳，谁先抢到凳子谁获胜，为使游戏公平，则凳子应放的最适当的位置是在的（）A . 三边中线的交点B . 三条角平分线的交点C . 三边中垂线的交点D . 三边上高所在直线的交点12. （2分）(2020·江干模拟) 已知⊙O的半径为3，A为圆内一定点，AO＝1，P为圆上一动点，以AP为边作等腰△APQ，AP＝PQ，∠APQ＝120°，则OQ的最大值为（）A .B .C .D .二、填空题 (共6题；共6分)13. （1分）如图，矩形ABCD中，AB=2，BC=3，对角线AC的垂直平分线分别交AD，BC于点E、F，连接CE，则CE的长为14. （1分） (2019八上·吴兴期中) 如图，用尺规作图作“一个角等于已知角”的原理是：因为△D′O′C′≌△DOC，所以∠D′O′C′＝∠DOC。
2023中考九年级数学分类讲解 - 第十一讲 四边形(含多边形)(含答案)(全国通用版)
第十一讲四边形专项一多边形知识清单1. 定义：在平面内，由若干条不在__________的线段首尾顺次相接组成的图形叫做多边形.2. 性质：（1）n边形的内角和为_________，多边形的外角和为_________；（2）过n边形的一个顶点可引_________条对角线，n边形共有_________条对角线，从一个顶点出发的对角线把多边形分成了_______个三角形.3. 正多边形：（1）正多边形的各边_________，各角_________；（2）正n边形的每个外角的度数为_________，正n边形的每个内角的度数为_________.考点例析例一个多边形的内角和是外角和的4倍，则这个多边形是（）A. 八边形B. 九边形C. 十边形D. 十二边形分析：先设这个多边形的边数为n，得出该多边形的内角和为（n-2）×180º，根据多边形的内角和是外角和的4倍，列方程求解.跟踪训练1. 一个多边形的内角和为1800º，则这个多边形的边数为（）A. 10B. 11C. 12D. 132. 正多边形的一个外角等于60︒，这个多边形的边数是（）A. 3B. 6C. 9D. 123. 在正八边形中，每个内角与每个外角的度数之比为（）A. 1∶3B. 1∶2C. 2∶1D. 3∶14. 如图，在正五边形ABCDE中，CAD∠的度数为（）A.72︒B.45︒C.36︒D.35︒第4题图第5题图5.如图，在正五边形ABCDE中，连接AC，BD交于点F，则∠AFB的度数为 .6.一个多边形过顶点剪去一个角后，所得多边形的内角和为720º，则原多边形的边数是 .专项二平行四边形知识清单1. 定义：两组对边分别_________的四边形叫做平行四边形.2. 性质：（1）平行四边形的对边_________；（2）平行四边形的对角_________，邻角_________；（3）平行四边形的对角线_________；（4）平行四边形是_________图形（填对称性）；（5）平行线间的距离_________；（6）平行四边形的面积=底×高.3. 判定：（1）两组对边分别_________的四边形是平行四边形；（2）两组对边分别_________的四边形是平行四边形；（3）一组对边_________的四边形是平行四边形；（4）两条对角线_________的四边形是平行四边形；（5）两组对角分别_________的四边形是平行四边形.考点例析∠的度例1如图1，在□ABCD中，BE平分∠ABC交DC于点E.若∠A=60º，则DEB数是（）A. 130︒B. 125︒C. 120︒D. 115︒分析：根据平行四边形的性质，求出∠A BC的度数，再结合角平分线的定义和平行线的性质，得到∠DEB.例2如图2，在四边形ABCD中，∠ACB=∠CAD=90°，点E在BC上，AE∥DC，EF⊥AB，垂足为F．（1）求证：四边形AECD是平行四边形；（2）若AE平分∠BAC，BE=5，cosB=45，求BF和AD的长．分析：（1）由平行线的判定证得AD∥CE，结合AE∥DC证得结论；（2）由锐角三角函数的定义求出BF，再利用勾股定理求得EF.根据角平分线的性质得EC=EF，再由平行四边形的性质求得结果．解：跟踪训练1.如图，□ABCD的顶点A，B，C的坐标分别是（0，1），（-2，-2），（2，-2），则顶点D的坐标是（）A.（-4，1）B.（4，-2）C.（4，1）D.（2，1）第1题图第2题图2．如图，在□ABCD中，将△ABC沿AC所在直线折叠得到△AB'C，B'C交AD于点E，连接B'D.若∠B=60º，∠ACB=45º，AC=6，则B'D的长是（）A. 1B.2C.3D．6 23.在平面直角坐标系中，□ABCD的对称中心是坐标原点，顶点A，B的坐标分别是（-1，1），（2，1）.将□ABCD沿x轴向右平移3个单位长度，则顶点C的对应点C1的坐标是 .4. 郴州）如图，在四边形ABCD中，AB=DC，将对角线AC向两端分别延长至点E，F，使AE=CF，连接BE，DF.若BE=DF，证明：四边形ABCD是平行四边形.第4题图专项三矩形知识清单1. 定义：有一个角是直角的__________叫做矩形.2. 性质：（1）矩形具有平行四边形的所有性质；（2）矩形的四个角都是__________；（3）矩形的对角线互相_______且_______；（4）矩形既是__________图形，又是__________图形，它有__________条对称轴，对称中心是它的两条对角线的交点；（5）矩形的面积=长×宽.3. 判定：（1）有一个角是直角的__________是矩形；（2）对角线相等的__________是矩形；（3）有三个角是直角的__________是矩形.考点例析例1如图1，在矩形ABCD中，E为AD的中点，连接CE，过点E作CE的垂线，交AB于点F，交CD的延长线于点G，连接CF.已知AF=12，CF=5，则EF= .图1 图2分析：利用ASA证得△AEF≌△DEG，得到EF=EG，AF=DG=12.利用线段垂直平分线的性质推得CG=CF.再证△EDG∽△CEG，得到EG DGCG EG，求解得到EG．例2如图2，在□ABCD中，对角线AC，BD相交于点O，在不添加任何辅助线的情况下，请你添加一个条件，使□ABCD是矩形.分析：本题答案不唯一，可以通过矩形的判定定理填写.如利用“有一个角是直角的平行四边形是矩形”或“对角线相等的平行四边形是矩形”等.跟踪训练1.已知□ABCD，下列条件中，不能判定这个平行四边形为矩形的是（）A.∠A=∠BB.∠A=∠CC.AC=BDD.AB⊥BC2.如图，在矩形纸片ABCD中，AB=7，BC=9，M是BC上的点，且CM=2.将矩形纸片ABCD沿过点M的直线折叠，使点D落在AB边上的点P处，点C落在点C′处，折痕为MN，则线段PA的长是（）A.4B.5C.6D.①②第2题图第3题图第4题图3.图①所示是一种矩形时钟，图②是时钟的示意图，时钟数字2，10的刻度分别在矩形ABCD的对角线BD，AC上，时钟中心在矩形ABCD对角线的交点O上.若AB=30 cm，则BC的长为cm.4.南充）如图，E是矩形ABCD的边AD上一点，F，G，H分别是BE，BC，CE的中点，AF=3，则GH的长为 .5.如图，C是BE的中点，四边形ABCD是平行四边形.（1）求证：四边形ACED是平行四边形；（2）如果AB=AE，求证：四边形ACED是矩形.第5题图第6题图6.如图，在矩形ABCD中，点M在DC上，AM=AB，且BN⊥AM，垂足为N.（1）求证：△ABN≌△MAD；（2）若AD=2，AN=4，求四边形BCMN的面积.专项四菱形知识清单1. 定义：有一组邻边_________的平行四边形是菱形.2. 性质：（1）菱形具有平行四边形的所有性质；（2）菱形的四条边_________；（3）菱形的对角线互相_________，每条对角线平分一组_________；（4）菱形既是_________图形，又是_________图形，它有_________条对称轴，它的对称中心是对角线的交点；（5）菱形的面积S=_______（a ，b 为两条对角线的长）.3. 判定：（1）有一组邻边相等的_________是菱形；（2）对角线互相垂直的_________是菱形；（3）四条边相等的_________是菱形. 考点例析例1 如图1，菱形ABCD 的对角线AC 与BD 相交于点O ，点E 在BD 上，连接AE ，CE ，∠ABC=60°，∠BCE=15°，ED=4+43，则AD 的长为（ ） A . 4B . 42C .6D .8分析：由菱形的性质可得AC ⊥BD ，AO=CO ，∠ADB=∠CDB=30°，∠ACD=∠ACB=60°，再由含30°角的直角三角形的性质得DO=3AO ，AD=2AO ，即可求解． 例2如图2，在四边形ABCD 中，AD ∥BC ，AB=AD=CD=12BC ，分别以点B ，D 为圆心，大于12BD 的长为半径画弧，两弧交于点M ，画射线AM 交BC 于点E ，连接DE ．（1）求证：四边形ABED 为菱形； （2）连接BD ，当CE=5时，求BD 的长．分析：（1）由作图，知AE 平分∠BAD ，再利用AD ∥BC 推得∠BAE=∠BEA ，得到BA=BE ，推出AD=BE ，从而证得结果.（2）由（1）得E 是BC 的中点，且AE ⊥BD ，根据三角形的中位线推得△BDC 是直角三角形，利用勾股定理求解． 解： 跟踪训练1.如图，D ，E ，F 分别是△ABC 各边的中点，则下列说法错误的是（ ） A .△BDE 和△DCF 的面积相等B .四边形AEDF 是平行四边形C .若AB =BC ，则四边形AEDF 是菱形D .若∠A =90º，则四边形AEDF 是矩形第1题图 第2题图第3题图2.如图，在菱形ABCD 中，∠B =60º，点P 从点B 出发，沿折线BC ﹣CD 方向移动，移动到点D 停止.在△ABP 形状的变化过程中，依次出现的特殊三角形是（ ） A .直角三角形→等边三角形→等腰三角形→直角三角形 B .直角三角形→等腰三角形→直角三角形→等边三角形 C .直角三角形→等边三角形→直角三角形→等腰三角形D .等腰三角形→等边三角形→直角三角形→等腰三角形3.如图，在菱形ABCD 中，∠A =60º，点E ，F 分别在边AB ，BC 上，AE =BF =2，△DEF 的周长为36，则AD 的长为（ ） A .6B .23C . 31+D . 231-4.在菱形ABCD 中，对角线AC =10，BD =24，则菱形的高为 .第5题图 第6题图5.如图，在平面直角坐标系中，菱形ABCD 对角线的交点坐标是O （0，0），点B 的坐标是（0，1），且BC=5，则点A 的坐标是 .6.玉林）如图，在四边形ABCD 中，对角线AC 与BD 交于点O .已知OA =OC ，OB =OD ，过点O 作EF ⊥BD ，分别交AB ，DC 于点E ，F ，连接DE ，BF . （1）求证：四边形DEBF 是菱形；（2）设AD ∥EF ，AD +AB =12，BD =43，求AF 的长.专项五 正方形知识清单1. 定义：有一个角是_________，且有一组邻边相等的_________叫做正方形.2. 性质：（1）正方形的对边_________；（2）正方形的四条边_________；（3）正方形的四个角都是_________；（4）正方形的对角线互相_________且_______，每一条对角线平分一组对角；（5）正方形既是_________图形，又是_________图形，有_________条对称轴，对称中心是对角线的交点；（6）正方形的面积=_________.3. 判定：（1）根据定义；（2）一组邻边相等的_________是正方形；（3）有一个角是直角的_________是正方形；（4）对角线_________的矩形是正方形；（5）对角线_________的菱形是正方形. 考点例析例1如图1，已知F ，E 分别是正方形ABCD 的边AB 与BC 的中点，AE 与DF 交于点P ，则下列结论成立的是（ ） A .BE =12AE B .PC =PD C .∠EAF +∠AFD =90º D .PE =EC分析：利用正方形的性质证得△ABE ≌△DAF ，得到∠BAE =∠ADF ，推得∠EAF+∠AFD =90º. 例2 如图2，E 是正方形ABCD 的边BC 上的动点，∠AEF =90º，且EF =AE ，FH ⊥BH . （1）求证：BE =CH ；（2）若AB =3，BE =x ，用x 表示DF 的长.分析：（1）根据正方形的性质及∠AEF =90º，证得∠BAE =∠HEF ，利用AAS 证得△ABE ≌△EHF ，等量代换推得结论；（2）过点F 作CD 的垂线，垂足为G ，易得四边形CHFG 是正方形，利用勾股定理求得DF 的长. 解： 跟踪训练1.将如图所示一个四边形顺次添加下列条件中的三个，能得到正方形：a. 两组对边分别相等；b.一组对边平行且相等；c.一组邻边相等；d. 一个角是直角.添加的条件及顺序如下：①a→c→d ；②b→d→c ；③a→b→c . 其中正确的是（ ） A. 仅①B. 仅③C. ①②D. ②③添加条件正方形 四边形第1题图第2题图2.如图，在正方形ABCD中，对角线AC与BD相交于点O，点E在BC的延长线上，连接DE，F是DE的中点，连接OF交CD于点G，连接CF.若CE=4，OF=6，则下列结论：①GF=2；②OD=2OG；③tan∠CDE=12；④∠ODF=∠OCF=90º；⑤点D到CF的距离为855.其中正确的是（）A.①②③④B.①③④⑤C.①②③⑤D.①②④⑤3.如图，正方形ABCD的边长为8，点M在DC上且DM=2，N是AC上的一动点，则DN+MN的最小值是 .第3题图第4题图第5题图4.如图，BD是正方形ABCD的对角线，E是BD上一点，F是CB延长线上一点，连接CE，EF，AF.若DE=DC，EF=EC，则∠BAF的度数为 .5.如图，E为正方形ABCD外一点，∠AEB=90º，将Rt△ABE绕点A逆时针旋转90º得到△ADF，DF的延长线交BE于点H.（1）试判定四边形AFHE的形状，并说明理由；（2）已知BH=7，BC=13，求DH的长.专项六特殊平行四边形中的分类讨论思想知识清单分类讨论思想是当待解决的问题包含两种或两种以上的可能情况时，需要按不同情况分类来解决问题的一种思想方法，同时它也是一种解题策略.考点例析例如图，在矩形ABCD中，AB=3，AD=4，E，F分别是边BC，CD上一点，EF⊥AE，将△ECF沿EF翻折得到△EC′F，连接AC′，当BE=_______时，△AEC′是以AE为腰的等腰三角形．分析：设BE=x，则EC=4-x.由翻折，得EC′=EC=4-x.当AE=EC′时，利用勾股定理求解；当AE=AC′时，作AH⊥EC′，由∠AEF=90°，EF平分∠CEC′，推得∠AEB=∠AEH，易证△ABE≌△AHE，所以BE=HE=x.由等腰三角形的三线合一得EC′=2EH，列方程求解．跟踪训练1.四边形ABCD是平行四边形，AB＝6，∠BAD的平分线交直线BC于点E.若CE＝2，则□ABCD的周长为．2. 已知△ABC的三个顶点都是同一个正方形的顶点，∠ABC的平分线与线段AC交于点D.若△ABC的一条边长为6，则点D到直线AB的距离为__ ____ ________．参考答案专项一多边形例 C1. C2. B3. D4. C5.726. 6或7专项二 平行四边形例1 C例2 （1）略. （2）BF=4，AD=3. 1. C 2. B 3.（4，-1） 4. 略.专项三 矩 形例 例2 ∠ABC =90º（答案不唯一）1.B2. B3.4. 35. 证明略.6.（1）证明：因为四边形ABCD 是矩形，所以∠D =90º，AB ∥CD .所以∠AMD =∠BAN . 因为BN ⊥AM ，所以∠ANB =∠D =90º.又因为AB =MA ，所以△ABN ≌△MA D .（2）解：因为△ABN ≌△MAD ，所以BN =AD =2.在Rt △ABN 中，由勾股定理，得AB=所以S 四边形BCMN =S 矩形ABCD -S △ADM -S △ABN =2×12×2×4×2=8. 专项四 菱 形例1 D例2 （1）由作图，知AE 平分∠BAD ，所以∠BAE=∠DAE. 因为AD ∥BC ，所以∠DAE=∠BEA.所以∠BAE=∠BEA.所以AB=BE. 因为AB=AD ，所以AD=BE. 因为AD ∥BE ，所以四边形ABED 是平行四边形. 又AB=BE ，所以□ABED 是菱形. （2）设对角线BD 与AE 交于点O. 因为AB=AD=CD=12BC ，BE=AD ，所以E 是BC 的中点.所以OE 是△BDC 的中位线.所以OE ∥DC. 由（1）知□ABED 是菱形，所以BD ⊥AE.所以DC ⊥BD.所以△BDC 是直角三角形.因为CE=5，所以CD=CE= 5，BC=10.所以BD=．1.C2. C3.C4.120135.（2，0）6.（1）证明：因为OA =OC ，OB =OD ，所以四边形ABCD 是平行四边形.所以AB ∥CD .所以∠FDO =∠EBO .因为∠FOD =∠EOB ，所以△DOF ≌△BOE .所以OF =OE .所以四边形DEBF 是平行四边形. 因为EF ⊥BD ，所以□DEBF 是菱形.（2）解：由（1）可得四边形DEBF 是菱形，所以BE =BF .因为AD ∥EF ，EF ⊥BD ，所以AD ⊥BD .所以∠ADB =90º.设AD =x ，则AB =12-x .因为BD =AD 2+BD 2=AB 2，即x 2+(2=（12-x ）2，解得x =4.所以AD =4，AB =8.所以∠ABD =30º，∠DAB =60º.所以∠FEB =∠DAB =60º.所以△BEF 是等边三角形.所以∠FBA =60º. 因为DE ∥BF ，所以∠DEA =∠FBA =60º.所以△ADE 是等边三角形.所以DE =AE =BF =BE=EF .所以∠F AB =30º.所以∠AFB =90º.所以AF =AB ⋅cos ∠F AB =专项五 正方形例1 C例2 （1）因为四边形ABCD 是正方形，所以AB =BC ，∠B =90º.所以∠BAE +∠BEA =90º. 因为∠AEF =90º，所以∠HEF +∠BEA =90º.所以∠BAE =∠HEF .因为FH ⊥BH ，所以∠B =∠H =90º.又AE =EF ，所以△BAE ≌△HEF .所以AB =EH . 因为AB =BC ，所以BC =EH .所以BE =CH .（2）过点F 作FG ⊥CD 于点G ，则四边形CHFG 是矩形.由（1）知BE =CH ，BE =FH ，所以CH =FH .所以矩形CHFG是正方形.所以CG=GF=CH=BE=x，DG=DC-CG=3-x.在Rt△DGF中，DF（0≤x≤3）.1.C2. C3.104. 22.5º5.解：（1）四边形AFHE是正方形.理由略.（2）设AE=x.由（1）知四边形AFHE是正方形，所以AE=EH=FH=AF=x.因为四边形ABCD是正方形，所以AB=BC= 13.因为BH=7，所以BE=7+x.在Rt△AEB中，AB2=AE2+BE2，即132=x2+（x+7）2，解得x1=5，x2=-12（舍去）.所以BE= 5+7=12.所以DF=BE=12. 所以DH=DF+FH=12+5=17.专项六特殊平行四边形中的分类讨论思想例78或431. 20或282. 3或6或6-。
2023中考数学多边形的性质历年真题及答案
2023中考数学多边形的性质历年真题及答案多边形是中考数学考试中经常涉及到的一个重要知识点。
了解多边形的性质对于解答相关题目至关重要。
本篇文章将为大家提供2023年中考数学真题中有关多边形性质的历年问题以及详细答案。
一、正方形和长方形的性质1. 已知正方形ABCD，点E在边AB上，点F在边BC上，且EF垂直于边AB，若AE=6cm，求EF的长度。
解析：由正方形的性质可知，BF=AD=AE=6cm，因此三角形BEF 是一个等腰直角三角形，所以BE=BF=6cm。
根据勾股定理可得EF^2=BE^2+BF^2=6^2+6^2=72，因此EF=√72=6√2 cm。
2. 已知长方形ABCD，其中AB=6cm，AD=4cm，点E是边AD上的一个动点，连接BE并延长交边CD于点F，求EF的长度。
解析：由长方形ABCD的性质可知，BC和AD平行且相等，所以BE=BC=6cm。
又因为BF是CD的延长线，所以BF=BC=6cm。
根据勾股定理可得EF^2=BE^2+BF^2=6^2+6^2=72，因此EF=√72=6√2 cm。
二、等边三角形和等腰三角形的性质1. 等边三角形的周长是12cm，求其边长。
解析：由等边三角形的性质可知，等边三角形的三条边相等，所以每条边的长度为12cm/3=4cm。
2. 等腰三角形ABC中，AB=AC=5cm，点D在线段BC上，且BD=DC=3cm，连接AD，求AD的长度。
解析：由等腰三角形ABC的性质可知，角BAD和角CAD相等，所以三角形ABD和三角形ACD是全等三角形。
根据全等三角形的性质可知，AD=AD，所以AD的长度为5cm。
三、直角三角形和勾股定理1. 直角三角形ABC中，直角在B处，AB=3cm，BC=4cm，求AC的长度。
解析：由勾股定理可知，AC^2=AB^2+BC^2=3^2+4^2=9+16=25，因此AC=√25=5cm。
2. 直角三角形ABC中，AB=5cm，AC=12cm，求BC的长度。
多边形与平行四边形(共32题)-2021年中考数学真题分项汇编(解析版)【全国通用】
专题18多边形与平行四边形（共32题）（含答案）一、单选题1．（2021·湖南岳阳市·中考真题）下列命题是真命题的是（）A．五边形的内角和是720︒B．三角形的任意两边之和大于第三边C．内错角相等D．三角形的重心是这个三角形的三条角平分线的交点【答案】B【分析】根据相关概念逐项分析即可．【详解】A、五边形的内角和是540︒，故原命题为假命题，不符合题意；B、三角形的任意两边之和大于第三边，原命题是真命题，符合题意；C、两直线平行，内错角相等，故原命题为假命题，不符合题意；D、三角形的重心是这个三角形的三条中线的交点，故原命题为假命题，不符合题意；故选：B．【点睛】本题考查命题判断，涉及多边形的内角和，三角形的三边关系，平行线的性质，以及三角形的重心等，熟记基本性质和定理是解题关键．2．（2021·四川眉山市·中考真题）正八边形中，每个内角与每个外角的度数之比为（）A．1：3B．1：2C．2：1D．3：1【答案】D【分析】根据正八边形的外角和等于360°，求出每个外角的度数，再求出每个内角的度数，进而即可求解．【详解】解：正八边形中，每个外角=360°÷8=45°，每个内角=180°-45°=135°，∴每个内角与每个外角的度数之比=135°：45°=3：1，故选D．【点睛】本题主要考查正多边形的内角和外角，熟练掌握正多边形的外角和等于360°，是解题的关键．3．（2021·湖南衡阳市·中考真题）下列命题是真命题的是（ ）．A ．正六边形的外角和大于正五边形的外角和B ．正六边形的每一个内角为120︒C ．有一个角是60︒的三角形是等边三角形D ．对角线相等的四边形是矩形【答案】B【分析】根据多边形外角和、正多边形内角和、等边三角形、矩形的性质，对各个选项逐个分析，即可得到答案．【详解】正六边形的外角和，和正五边形的外角和相等，均为360︒∴选项A 不符合题意；正六边形的内角和为：()62180720-⨯︒=︒∴每一个内角为7201206︒=︒，即选项B 正确； 三个角均为60︒的三角形是等边三角形∴选项C 不符合题意；对角线相等的平行四边形是矩形∴选项D 不正确；故选：B ．【点睛】本题考查了多边形外角和、正多边形内角和、等边三角形、矩形的知识；解题的关键是熟练掌握多边形外角和、正多边形内角和、等边三角形、矩形的性质，从而完成求解．4．（2021·四川自贡市·中考真题）如图，AC 是正五边形ABCDE 的对角线，ACD ∠的度数是（ ）A ．72°B ．36°C ．74°D ．88°【答案】A【分析】 根据正五边形的性质可得108B BCD ∠=∠=︒，AB BC =，根据等腰三角形的性质可得36BCA BAC ∠=∠=︒，利用角的和差即可求解．【详解】解：∴ABCDE 是正五边形，∴108B BCD ∠=∠=︒，AB BC =，∴36BCA BAC ∠=∠=︒,∴1083672ACD ∠=︒-︒=︒，故选：A ．【点睛】本题考查正五边形的性质，求出正五边形内角的度数是解题的关键．5．（2021·江苏扬州市·中考真题）如图，点A 、B 、C 、D 、E 在同一平面内，连接AB 、BC 、CD 、DE 、EA ，若100BCD ∠=︒，则A B D E ∠+∠+∠+∠=（ ）A ．220︒B ．240︒C ．260︒D ．280︒【答案】D【分析】 连接BD ，根据三角形内角和求出∴CBD +∴CDB ，再利用四边形内角和减去∴CBD 和∴CDB 的和，即可得到结果．【详解】解：连接BD ，∴∴BCD =100°，∴∴CBD +∴CDB =180°-100°=80°，∴∴A +∴ABC +∴E +∴CDE =360°-∴CBD -∴CDB =360°-80°=280°，故选D ．【点睛】本题考查了三角形内角和，四边形内角和，解题的关键是添加辅助线，构造三角形和四边形． 6．（2021·四川资阳市·中考真题）下列命题正确的是（ ）A ．每个内角都相等的多边形是正多边形B ．对角线互相平分的四边形是平行四边形C ．过线段中点的直线是线段的垂直平分线D ．三角形的中位线将三角形的面积分成1∶2两部分【答案】B【分析】分别根据正多边形的判定、平行四边形的判定、线段垂直平分线的判定以及三角形中线的性质逐项进行判断即可得到结论．【详解】解：A .每个内角都相等，各边都相等的多边形是正多边形，故选项A 的说法错误，不符合题意；B . 对角线互相平分的四边形是平行四边形,说法正确，故选项B 符合题意；C . 过线段中点且垂直这条线段的直线是线段的垂直平分线，故选项C 的说法错误，不符合题意；D . 三角形的中位线将三角形的面积分成1∴3两部分，故选项D 的说法错误，不符合题意．故选：B ．【点睛】此题主要考查了对正多边形、平行四边形、线段垂直平分线的判断以及三角形中线性质的认识，熟练掌握正多边形、平行四边形、线段垂直平分线的判断是解答此题的关键．7．（2021·安徽中考真题）在ABC 中，90ACB ∠=︒，分别过点B ，C 作BAC ∠平分线的垂线，垂足分别为点D ，E ，BC 的中点是M ，连接CD ，MD ，ME ．则下列结论错误的是（ ）A ．2CD ME =B ．//ME ABC ．BD CD = D ．ME MD =【答案】A【分析】设AD 、BC 交于点H ，作HF AB ⊥于点F ，连接EF ．延长AC 与BD 并交于点G ．由题意易证()CAE FAE SAS ≅，从而证明ME 为CBF 中位线，即//ME AB ，故判断B 正确；又易证()AGD ABD ASA ≅，从而证明D 为BG 中点．即利用直角三角形斜边中线等于斜边一半即可求出CD BD =，故判断C 正确；由90HDM DHM ∠+∠=︒、90HCE CHE ∠+∠=︒和DHM CHE ∠=∠可证明HDM HCE ∠=∠．再由90HEM EHF ∠+∠=︒、EHC EHF ∠=∠和90EHC HCE ∠+∠=︒可推出 HCE HEM ∠=∠，即推出HDM HEM ∠=∠，即MD ME =，故判断D 正确；假设2CD ME =，可推出2CD MD =，即可推出30DCM ∠=︒．由于无法确定DCM ∠的大小，故2CD ME =不一定成立，故可判断A 错误．【详解】如图，设AD 、BC 交于点H ，作HF AB ⊥于点F ，连接EF ．延长AC 与BD 并交于点G ．∴AD 是BAC ∠的平分线，HFAB ⊥，HC AC ⊥，∴HC =HF ，∴AF =AC ． ∴在CAE 和FAE 中，AF AC CAE FAE AE AE =⎧⎪∠=∠⎨⎪=⎩，∴()CAE FAE SAS ≅，∴CE FE =，∴AEC =∴AEF =90°，∴C 、E 、F 三点共线，∴点E 为CF 中点．∴M 为BC 中点，∴ME 为CBF 中位线，∴//ME AB ，故B 正确，不符合题意；∴在AGD △和ABD △中，90GAD BAD AD AD ADG ADB ∠=∠⎧⎪=⎨⎪∠=∠=︒⎩，∴()AGD ABD ASA ≅， ∴12GD BD BG ==，即D 为BG 中点． ∴在BCG 中，90BCG ∠=︒， ∴12CD BG =， ∴CD BD =，故C 正确，不符合题意；∴90HDM DHM ∠+∠=︒，90HCE CHE ∠+∠=︒，DHM CHE ∠=∠，∴HDM HCE ∠=∠．∴HF AB ⊥，//ME AB ，∴HF ME ⊥，∴90HEM EHF ∠+∠=︒．∴AD 是BAC ∠的平分线，∴EHC EHF ∠=∠．∴90EHC HCE ∠+∠=︒，∴HCE HEM ∠=∠，∴HDM HEM ∠=∠，∴MD ME =，故D 正确，不符合题意；∴假设2CD ME =，∴2CD MD =，∴在Rt CDM 中，30DCM ∠=︒．∴无法确定DCM ∠的大小，故原假设不一定成立，故A 错误，符合题意．故选A ．【点睛】本题考查角平分线的性质，三角形全等的判定和性质，直角三角形的性质，三角形中位线的判定和性质以及含30角的直角三角形的性质等知识，较难．正确的作出辅助线是解答本题的关键．8．（2021·四川遂宁市·中考真题）如图，在∶ABC 中，点D 、E 分别是AB 、AC 的中点，若∶ADE 的面积是3cm 2，则四边形BDEC 的面积为（ ）A ．12cm 2B ．9cm 2C ．6cm 2D ．3cm 2【答案】B【分析】 由三角形的中位线定理可得DE =12BC ，DE ∴BC ，可证∴ADE ∴∴ABC ，利用相似三角形的性质，即可求解． 【详解】 解：∴点D ，E 分别是边AB ，AC 的中点，∴DE =12BC ，DE ∴BC ， ∴∴ADE ∴∴ABC ， ∴21()4ADE ABC S DE S BC ∆∆==， ∴S ∴ADE =3，∴S ∴ABC =12，∴四边形BDEC 的面积=12-3=9(cm 2)，故选：B ．【点睛】本题考查了相似三角形的判定和性质，三角形中位线定理，掌握相似三角形的性质是解题的关键． 9．（2021·天津中考真题）如图，ABCD 的顶点A ，B ，C 的坐标分别是()()()2,0,1,2,2,2---，则顶点D 的坐标是（ ）A ．()4,1-B ．()4,2-C ．()4,1D ．()2,1【答案】C【分析】 根据平行四边形性质以及点的平移性质计算即可．【详解】解：∴四边形ABCD 是平行四边形，点B 的坐标为(-2，-2)，点C 的坐标为(2，-2)，∴点B 到点C 为水平向右移动4个单位长度，∴A 到D 也应向右移动4个单位长度，∴点A 的坐标为(0，1)，则点D 的坐标为(4，1)，故选:C ．【点睛】本题主要考查平行四边形的性质，以及平移的相关知识点，熟知点的平移特点是解决本题的关键．10．（2021·四川泸州市·中考真题）如图，在平行四边形ABCD 中，AE 平分∶BAD 且交BC 于点E ，∶D =58°，则∶AEC 的大小是（ ）A ．61°B ．109°C ．119°D ．122°【答案】C【分析】根据四边形ABCD 是平行四边形，得到对边平行，再利用平行的性质求出180122BAD D ∠=︒-∠=︒，根据角平分线的性质得：AE 平分∴BAD 求DAE ∠，再根据平行线的性质得AEC ∠，即可得到答案．【详解】解：∴四边形ABCD 是平行四边形∴//AB CD ，//AD BC∴180********BAD D ∠=︒-∠=︒-︒=︒∴AE 平分∴BAD ∴111226122DAE BAD ∠=∠=⨯︒=︒ ∴//AD BC∴180********AEC DAE ∠=︒-∠=︒-︒=︒故选C ．【点睛】本题考查了平行四边形的性质，角平分线的性质，能利用平行四边形的性质找到角与角的关系，是解答此题的关键．11．（2021·四川南充市·中考真题）如图，点O 是ABCD 对角线的交点，EF 过点O 分別交AD ，BC 于点E ，F ．下列结论成立的是（ ）A ．OE OF =B ．AE BF =C ．DOC OCD ∠=∠D ．CFE DEF ∠=∠【答案】A【分析】 首先可根据平行四边形的性质推出∴AEO ∴∴CFO ，从而进行分析即可．【详解】∴点O 是ABCD 对角线的交点，∴OA =OC ，∴EAO =∴CFO ，∴∴AOE =∴COF ，∴∴AEO ∴∴CFO （ASA ），∴OE =OF ，A 选项成立；∴AE =CF ，但不一定得出BF =CF ，则AE 不一定等于BF ，B 选项不一定成立；若DOC OCD ∠=∠，则DO =DC ，由题意无法明确推出此结论，C 选项不一定成立；由∴AEO ∴∴CFO 得∴CFE =∴AEF ，但不一定得出∴AEF =∴DEF ，则∴CFE 不一定等于∴DEF ，D 选项不一定成立；故选：A ．【点睛】本题考查平行四边形的性质，理解基本性质，利用全等三角形的判定与性质是解题关键．12．（2021·浙江宁波市·中考真题）如图是一个由5张纸片拼成的ABCD ，相邻纸片之间互不重叠也无缝隙，其中两张等腰直角三角形纸片的面积都为1S ，另两张直角三角形纸片的面积都为2S ，中间一张矩形纸片EFGH 的面积为3S ，FH 与GE 相交于点O ．当,,,AEO BFO CGO DHO 的面积相等时，下列结论一定成立的是（ ）A ．12S SB ．13S S =C ．AB AD = D ．EH GH =【答案】A【分析】根据∴AED 和∴BCG 是等腰直角三角形，四边形ABCD 是平行四边形，四边形HEFG 是矩形可得出AE =DE =BG =CG =a ， HE =GF ，GH =EF ，点O 是矩形HEFG 的中心，设AE =DE =BG =CG =a ， HE =GF = b ，GH =EF = c ，过点O 作OP ∴EF 于点P ，OQ ∴GF 于点Q ，可得出OP ，OQ 分别是∴FHE 和∴EGF 的中位线，从而可表示OP ，OQ 的长，再分别计算出1S ，2S ，3S 进行判断即可【详解】解：由题意得，∴AED 和∴BCG 是等腰直角三角形，∴45ADE DAE BCG GBC ∠=∠=∠=∠=︒∴四边形ABCD 是平行四边形，∴AD =BC ，CD =AB ，∴ADC =∴ABC ，∴BAD =∴DCB∴∴HDC =∴FBA ，∴DCH =∴BAF ，∴∴AED ∴∴CGB ，∴CDH ∴ABF∴AE =DE =BG =CG∴四边形HEFG 是矩形∴GH =EF ，HE =GF设AE =DE =BG =CG =a ， HE =GF = b ，GH =EF = c过点O 作OP ∴EF 于点P ，OQ ∴GF 于点Q ，∴OP //HE ，OQ //EF∴点O 是矩形HEFG 的对角线交点，即HF 和E G 的中点，∴OP ，OQ 分别是∴FHE 和∴EGF 的中位线， ∴1122OP HE b ==，1122OQ EF c == ∴1111()()2224BOF S BF OQ a b c a b c ∆==-⨯=- 11112224AOE S AE OP a b ab ∆==⨯= ∴BOF AOE S S ∆∆=∴11()44a b c ab -=，即ac bc ab -= 而211122AED S S AE DE a ∆===，222211111()()()()22222AFB S S AF BF a c a b a ab ac bc a ab ab a ∆===+-=-+-=-+= 所以，12S S ，故选项A 符合题意，2223=()()S HE EF a b a c a bc ab ac a ab ab a =-+=--+=+-=∴13S S ≠，故选项B 不符合题意，而AB AD =于EH GH =都不一定成立，故,C D 都不符合题意，故选：A【点睛】本题考查平行四边形的性质、直角三角形的面积等知识，解题的关键是求出S 1，S 2，S 3之间的关系．二、填空题13．（2021·浙江丽水市·中考真题）一个多边形过顶点剪去一个角后，所得多边形的内角和为720︒，则原多边形的边数是__________．【答案】6或7【分析】求出新的多边形为6边形，则可推断原来的多边形可以是6边形，可以是7边形．【详解】解：由多边形内角和，可得（n -2）×180°=720°，∴n =6，∴新的多边形为6边形，∴过顶点剪去一个角，∴原来的多边形可以是6边形，也可以是7边形，故答案为6或7．【点睛】本题考查多边形的内角和；熟练掌握多边形的内角和与多边形的边数之间的关系是解题的关键． 14．（2021·湖北黄冈市·中考真题）正五边形的一个内角是_____度．【答案】108【分析】根据正多边形的定义、多边形的内角和公式即可得．【详解】解：正五边形的一个内角度数为180(52)1085︒⨯-=︒，故答案为：108．【点睛】本题考查了正多边形的内角，熟练掌握多边形的内角和公式是解题关键．15．（2021·陕西中考真题）正九边形一个内角的度数为______．【答案】140°【分析】正多边形的每个内角相等，每个外角也相等，而每个内角等于180︒减去一个外角，求出外角即可求解．【详解】正多边形的每个外角360=n︒（n为边数），所以正九边形的一个外角360==409︒︒∴正九边形一个内角的度数为18040140︒-︒=︒故答案为：140°．【点睛】本题考查的是多边形的内角和，多边形的外角和为360︒，正多边形的每个内角相等，通过计算1个外角的度数来求得1个内角度数是解题关键．16．（2021·湖南中考真题）一个多边形的每个外角的度数都是60°，则这个多边形的内角和为______．【答案】720°【分析】多边形的外角和计算公式为：边数×外角的度数=360°，根据公式即可得出多边形的边数，然后再根据多边形的内角和公式求出它的内角和，n边形内角和等于(n-2) ×180°．【详解】解：∴任何多边形的外角和是360°，此正多边形每一个外角都为60°，边数×外角的度数=360°，∴n=360°÷60°=6，∴此正多边形的边数为6，则这个多边形的内角和为(n -2) ×180°，(6-2)×180°=720°，故答案为720°．【点睛】本题主要考查了多边形内角和及外角和定理，熟知“任何多边形的外角和是360°，n 边形内角和等于(n -2) ×180°”是解题的关键．17．（2021·四川广安市·中考真题）若一个多边形的内角和是其外角和的3倍，则这个多边形的边数是______．【答案】8【详解】解：设边数为n ，由题意得，180（n -2）=360⨯3解得n=8.所以这个多边形的边数是8.18．（2021·浙江中考真题）为庆祝中国共产党建党100周年，某校用红色灯带制作了一个如图所示的正五角星（,,,,A B C D E 是正五边形的五个顶点），则图中A ∠的度数是_______度．【答案】36【分析】根据题意，得五边形（,,,,F G H J K 是正五边形的五个顶点）为正五边形，且AF AK =；根据多边形内角和性质，得正五边形FGHJK 内角和，从而得4∠；再根据补角、等腰三角形、三角形内角和性质计算，即可得到答案．【详解】∴正五角星（,,,,A B C D E 是正五边形的五个顶点）∴五边形（,,,,F G H J K 是正五边形的五个顶点）为正五边形，且AF AK =∴正五边形FGHJK 内角和为：()52180540-⨯︒=︒ ∴54041085︒∠==︒ ∴3180472∠=︒-∠=︒∴AF AK =∴2372∠=∠=︒∴11802336∠=︒-∠-∠=︒故答案为：36．【点睛】本题考查了正多边形、多边形内角和、补角、等腰三角形、三角形内角和的知识；解题的关键是熟练掌握正多边形、多边形内角和、等腰三角形、三角形内角和的性质，从而完成求解．19．（2021·江苏扬州市·中考真题）如图，在ABCD 中，点E 在AD 上，且EC 平分BED ∠，若30EBC ∠=︒，10BE =，则ABCD 的面积为________．【答案】50【分析】过点E 作EF ∴BC ，垂足为F ，利用直角三角形的性质求出EF ，再根据平行线的性质和角平分线的定义得到∴BCE =∴BEC ，可得BE =BC =10，最后利用平行四边形的面积公式计算即可．【详解】解：过点E作EF∴BC，垂足为F，∴∴EBC=30°，BE=10，∴EF=12BE=5，∴四边形ABCD是平行四边形，∴AD∴BC，∴∴DEC=∴BCE，又EC平分∴BED，即∴BEC=∴DEC，∴∴BCE=∴BEC，∴BE=BC=10，∴四边形ABCD的面积=BC EF⨯=105⨯=50，故答案为：50．【点睛】本题考查了平行四边形的性质，30度的直角三角形的性质，角平分线的定义，等角对等边，知识点较多，但难度不大，图形特征比较明显，作出辅助线构造直角三角形求出EF的长是解题的关键．20．（2021·云南中考真题）如图，在ABC中，点D，E分别是,BC AC的中点，AD与BE相交于点F，若6BF=，则BE的长是______．【答案】9【分析】根据中位线定理得到DE =12AB ，DE ∴AB ，从而证明∴DEF ∴∴ABF ，得到12DE EF AB BF ==，求出EF ，可得BE ．【详解】 解：∴点D ，E 分别为BC 和AC 中点，∴DE =12AB ，DE ∴AB ， ∴∴DEF ∴∴ABF ，∴12DE EF AB BF ==， ∴BF =6，∴EF =3，∴BE =6+3=9，故答案为：9．【点睛】本题考查了三角形中位线定理，相似三角形的判定和性质，解题的关键是根据中位线的性质证明∴DEF ∴∴ABF ．21．（2021·重庆中考真题）如图，ABC 中，点D 为边BC 的中点，连接AD ，将ADC 沿直线AD 翻折至ABC 所在平面内，得ADC '，连接CC '，分别与边AB 交于点E ，与AD 交于点O ．若AE BE =，2BC '=，则AD 的长为__________．【答案】3【分析】利用翻折的性质可得,OC OC '=推出OD 是CC B '的中位线，得出1OD =，再利用OD BC '//得出AO 的长度，即可求出AD 的长度．【详解】由翻折可知,OC OC '=∴O 是CC '的中点，∴点D 为边BC 的中点，O 是CC '的中点，∴OD 是CC B '的中位线， ∴11,2OD BC OD BC ''==// ， ∴AO AE BC BE ='， ∴AE BE =，∴1AE BE=， ∴1AO BC ='， ∴2AO BC '==，∴213AD AO OD =+=+=．故答案为：3．【点睛】本题考查了翻折的性质，三角形的中位线的判定和性质，以及平行线分线段成比例的性质，掌握三角形的中位线的判定和性质，以及平行线分线段成比例的性质是解题的关键．22．（2021·湖南邵阳市·中考真题）如图，点D 、E 、F 分别是∶ABC 各边的中点，连接DE 、EF 、DF ，若∶ABC 的周长为10，则∶DEF 的周长为_______________．【答案】5【详解】解：根据三角形的中位线定理可得DE=12AC ，EF=12AB ，DF=12BC 所以∴DEF 的周长为∴ABC 的周长的一半，即∴DEF 的周长为5故答案为：5．【点睛】本题考查三角形的中位线定理．23．（2021·浙江嘉兴市·中考真题）如图，在ABCD 中，对角线AC ，BD 交于点O ,AB AC ⊥，AH BD⊥于点H ，若AB =2，23BC =，则AH 的长为__________________．23【分析】根据勾股定理求得AC 的长，结合平行四边形的性质求得AO 的长，然后利用相似三角形的判定和性质求解．【详解】 解：∴AB AC ⊥，23BC =AB =2∴在Rt ∴ABC 中，AC 2222BC AB -=∴在ABCD 中，AO =122AC = 在Rt ∴ABO 中，BO 226AO AB +=∴AB AC ⊥，AH BD ⊥∴90AHB OAB ∠=∠=︒又∴ABO HBA ∠=∠∴ABO HBA △∽△∴AH AB AO BO=26=解得：AH 23． 【点睛】 本题考查相似三角形的判定和性质以及勾股定理解直角三角形，掌握相关性质定理正确推理计算是解题关键．24．（2021·山东临沂市·中考真题）在平面直角坐标系中，ABCD 的对称中心是坐标原点，顶点A 、B 的坐标分别是(1,1)-、(2,1)，将ABCD 沿x 轴向右平移3个单位长度，则顶点C 的对应点1C 的坐标是___．【答案】（4，-1）【分析】根据平行四边形的性质得到点C 坐标，再根据平移的性质得到C 1坐标．【详解】解：在平行四边形ABCD 中，∴对称中心是坐标原点，A （-1，1），B （2，1），∴C （1，-1），将平行四边形ABCD 沿x 轴向右平移3个单位长度，∴C 1（4，-1），故答案为：（4，-1）．【点睛】本题考查了坐标与图形变化-平移，平移中点的变化规律是：横坐标右移加，左移减；纵坐标上移加，下移减．25．（2021·浙江丽水市·中考真题）小丽在“红色研学”活动中深受革命先烈事迹的鼓舞，用正方形纸片制作成图1的七巧板，设计拼成图2的“奔跑者”形象来激励自己．已知图1正方形纸片的边长为4，图2中2FM EM =，则“奔跑者”两脚之间的跨度，即,AB CD 之间的距离是__________．【答案】133【分析】先根据图1求EQ 与CD 之间的距离，再求出BQ ，即可得到,AB CD 之间的距离= EQ 与CD 之间的距离+BQ ． 【详解】解：过点E 作EQ ∴BM ，则//EQ CD根据图1图形EQ 与CD 之间的距离=1114+4=3222⨯⨯⨯ 由勾股定理得：2224EF =，解得：22EF =221242AM ⎛⎫=⨯⨯ ⎪⎝⎭，解得：22AM =∴2FM EM =∴11==33EM FM AM ∴EQ ∴BM ，90B ∠=︒ ∴//EQ AB∴2242=333BQ BM ==⨯ ∴,AB CD 之间的距离= EQ 与CD 之间的距离+BQ 413=3+=33故答案为133．【点睛】本题考查了平行线间的距离、勾股定理、平行线所分得线段对应成比例相关知识点，能利用数形结合法找到需要的数据是解答此题的关键．26．（2021·浙江金华市·中考真题）如图，在平面直角坐标系中，有一只用七巧板拼成的“猫”，三角形∶的边BC 及四边形∶的边CD 都在x 轴上，“猫”耳尖E 在y 轴上．若“猫”尾巴尖A 的横坐标是1，则“猫”爪尖F 的坐标是___________．【答案】1222,44⎛+- ⎝⎭【分析】设大正方形的边长为2a 2a ，中等腰直角三角形的腰长为a ，小等腰直角三角形的腰长为2a 2，小正方形的边长为2a 2，平行四边形的长边为a ，短边为2a2，用含有a 的代数式表示点A 的横坐标，表示点F 的坐标，确定a 值即可. 【详解】设大正方形的边长为2a 2a ，中等腰直角三角形的腰长为a ，小等腰直角三角形的腰长为2a 2，小正方形的边长为2a 2，平行四边形的长边为a ，短边为2a 2，如图，过点F 作FG ∴x 轴，垂足为G , 点F 作FH ∴y 轴，垂足为H , 过点A 作AQ ∴x 轴，垂足为Q ,延长大等腰直角三角形的斜边交x轴于点N，交FH于点M，根据题意，得OC=2a22=1a2，CD=a,DQ=1a2，∴点A的横坐标为1,∴1a2+a+1a2=1，∴a=12；根据题意，得FM=PM 2a，MH=1a2，∴FH=2+1)a2=2+14；∴MT=2a 2a，BT=2a2a,∴TN2a-a，∴MN=MT+TN=2a-2a22a-a=2+2)a2=2+24，∴点F在第二象限，∴点F的坐标为（-2+14，2+24）故答案为：（-2+14，2+24）．【点睛】本题考查了七巧板的意义，合理设出未知数，用未知数表示各个图形的边长，点ＡＡ的横坐标，点Ｆ的坐标是解题的关键．三、解答题27．（2021·四川广安市·中考真题）下图是由边长为1的小等边三角形构成的网格，每个小等边三角形的顶点为格点，线段AB 的端点都在格点上.要求以AB 为边画一个平行四边形，且另外两个顶点在格点上.请在下面的网格图中画出4种不同的设计图形．【答案】见解析 【分析】将点A 沿任意方向平移到另一格点处，然后将点B 也按相同的方法平移，最后连接点A 、B 及其对应点即可． 【详解】解：如图，四边形ABCD 是平行四边形．【点睛】本题主要考查作图-应用与设计作图，熟练掌握平行四边形的判定是解题的关键．28．（2021·重庆中考真题）如图，四边形ABCD 为平行四边形，连接AC ，且2AC AB =．请用尺规完成基本作图：作出BAC ∠的角平分线与BC 交于点E ．连接BD 交AE 于点F ，交AC 于点O ，猜想线段BF 和线段DF 的数量关系，并证明你的猜想．（尺规作图保留作图痕迹，不写作法）【答案】作图见解析，猜想：DF =3BF ，证明见解析． 【分析】根据角平分线的作法作出BAC ∠的角平分线即可；由平行四边形的性质可得出AO CO =.BO DO =,由AC =2AB 得出AO =AB ，由等腰三角形的性质得出12BF OF BO ==，从而可得出结论． 【详解】解：如图，AE 即为BAC ∠的角平分线，猜想：DF =3BF证明：∴四边形ABCD 是平行四边形 ∴AO =CO ，BO =DO ∴2AC AO = ∴AC =2AB ∴AO =AB∴AE 是BAC ∠的角平分线∴12BF OF BO ==∴12BF OF DO ==∴23DF BO OF BF BF BF =+=+=． 【点睛】此题主要考查了基本作图，等腰三角形的性质以及平行四边形的性质，熟练掌握相关性质是解答此题的关键．29．（2021·浙江丽水市·中考真题）如图，在55⨯的方格纸中，线段AB 的端点均在格点上，请按要求画图．（1）如图1，画出一条线段AC ，使,AC AB C =在格点上；（2）如图2，画出一条线段EF ，使,EF AB 互相平分，,E F 均在格点上；（3）如图3，以,A B 为顶点画出一个四边形，使其是中心对称图形，且顶点均在格点上． 【答案】（1）见解析；（2）见解析；（3）见解析 【分析】（1）根据“矩形对角线相等”画出图形即可；（2）根据“平行四边形对角线互相平分”，找出以AB 对角线的平行四边形即可画出另一条对角线EF ； （3）画出平行四边形ABPQ 即可． 【详解】解：（1）如图1，线段AC 即为所作； （2）如图2，线段EF 即为所作； （3）四边形ABPQ 为所作；【点睛】本题考查作图-复杂作图，矩形的性质以及平行四边形的判定与性质等知识，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题．30．（2021·重庆中考真题）如图，在ABCD中，AB>AD．（1）用尺规完成以下基本作图：在AB上截取AE，使得AE=AD；作∶BCD的平分线交AB于点F．（保留作图痕迹，不写作法）（2）在（1）所作的图形中，连接DE交CF于点P，猜想∶CDP按角分类的类型，并证明你的结论．【答案】（1）见解析；（2）直角三角形，理由见解析【分析】（1）直接利用角平分线的作法得出符合题意的答案；（2）先证明∴ADE=∴CDE，再利用平行线的性质“同旁内角互补”，得出∴CPD=90 即可得出答案．【详解】解：（1）解：如图所示：E，F即为所求；（2）∴CDP是直角三角形．∴四边形ABCD是平行四边形，∴AB∴DC，AD∴BC．∴∴CDE=∴AED，∴ADC+∴BCD=180°，∴AD =AE ， ∴∴ADE =∴AED ． ∴∴CED =∴ADE =12∴ADC ． ∴CP 平分∴BCD ， ∴∴DCP =12∴BCD ， ∴∴CDE +∴DCP =90°． ∴∴CPD =90°．∴∴CDP 是直角三角形． 【点睛】本题主要考查了基本作图以及平行四边形的性质，三角形内角和定理，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题．31．（2021·四川成都市·中考真题）在Rt ABC 中，90,5,3ACB AB BC ∠=︒==，将ABC 绕点B 顺时针旋转得到A BC ''△，其中点A ，C 的对应点分别为点A '，C '．（1）如图1，当点A '落在AC 的延长线上时，求AA '的长；（2）如图2，当点C '落在AB 的延长线上时，连接CC '，交A B '于点M ，求BM 的长；（3）如图3，连接,AA CC ''，直线CC '交AA '于点D ，点E 为AC 的中点，连接DE ．在旋转过程中，DE 是否存在最小值？若存在，求出DE 的最小值；若不存在，请说明理由． 【答案】（1）8AA '=；（2）511BM =；（3）存在，最小值为1 【分析】（1）根据题意利用勾股定理可求出AC 长为4．再根据旋转的性质可知AB A B '=，最后由等腰三角形的性质即可求出AA '的长．（2）作CD AC '⊥交AC '于点D ，作//CE A B '交AC '于点E ．由旋转可得A BC ABC ''∠=∠，3BC BC '==．再由平行线的性质可知CEB A BC ''∠=∠，即可推出CEB ABC ∠=∠，从而间接求出3CE BC BC '===，DE DB =．由三角形面积公式可求出125CD =．再利用勾股定理即可求出185BE =，进而求出335C E '=．最后利用平行线分线段成比例即可求出BM 的长． （3）作//AP A C ''且交C D '延长线于点P ，连接A C '．由题意易证明BCC BC C ''∠=∠，90ACP BCC '∠=︒-∠，90A C D BC C '''∠=︒-∠，即得出ACP A C D ''∠=∠．再由平行线性质可知APC A C D ''∠=∠，即得出ACP APC ∠=∠，即可证明AP AC A C ''==，由此即易证()APD A C D AAS ''≅，得出AD A D '=，即点D 为AA '中点．从而证明DE 为ACA '的中位线，即12DE A C '=．即要使DE 最小，A C '最小即可．根据三角形三边关系可得当点A C B '、、三点共线时A C '最小，且最小值即为=A C A B BC ''-，由此即可求出DE 的最小值． 【详解】（1）在Rt ABC 中，2222534AC AB BC =-=-=．根据旋转性质可知AB A B '=，即ABA '△为等腰三角形． ∴90ACB ∠=︒，即BC AA '⊥， ∴4A C AC '==， ∴8AA '=．（2）如图，作CD AC '⊥交AC '于点D ，作//CE A B '交AC '于点E ．由旋转可得A BC ABC ''∠=∠，3BC BC '==． ∴//CE A B '， ∴CEB A BC ''∠=∠， ∴CEB ABC ∠=∠，∴3CE BC BC '===，DE DB =．∴1122ABCSAB CD AC BC ==，即543CD ⨯=⨯， ∴125CD =．在Rt BCD 中，95DB ==，∴185BE =．∴335C E BE BC ''=+=．∴//CE A B '，∴BM BC CE C E'='，即33335BM =， ∴1511BM =．（3）如图，作//AP A C ''且交C D '延长线于点P ，连接A C '． ∴BC BC '=， ∴BCC BC C ''∠=∠，∴180ACP ACB BCC '∠=︒-∠-∠，即90ACP BCC '∠=︒-∠， 又∴90A C D BC C '''∠=︒-∠， ∴ACP A C D ''∠=∠． ∴//AP A C ''， ∴APC A C D ''∠=∠， ∴ACP APC ∠=∠， ∴AP AC =， ∴AP A C ''=．∴在APD △和AC D ''中ADP A DC APD A C D AP A C '''∠=∠⎧⎪∠=∠'''⎨⎪=⎩，∴()APD A C D AAS ''≅， ∴AD A D '=，即点D 为AA '中点． ∴点E 为AC 中点，∴DE 为ACA '的中位线， ∴12DE A C '=， 即要使DE 最小，A C '最小即可．根据图可知A C A B BC ''≤-，即当点A C B '、、三点共线时A C '最小，且最小值为==53=2A C A B BC ''--．∴此时1=12DE A C '=，即DE 最小值为2．【点睛】本题为旋转综合题．考查旋转的性质，勾股定理，等腰三角形的判定和性质，平行线的性质，平行线分线段成比例，全等三角形的判定和性质，中位线的判定和性质以及三角形三边关系，综合性强，为困难题．正确的作出辅助线为难点也是解题关键．32．（2021·四川遂宁市·中考真题）如图，在平行四边形ABCD 中，对角线AC 与BD 相交于点O ，过点O 的直线EF 与BA 、DC 的延长线分别交于点E 、F ．（1）求证：AE ＝CF ；（2）请再添加一个条件，使四边形BFDE 是菱形，并说明理由．【答案】（1）见解析；（2）EF ∴BD 或EB ＝ED ，见解析【分析】（1）根据平行四边形的性质和全等三角形的证明方法证明AOE COF ≌，则可得到AE ＝CF ；（2）连接BF ，DE ，由AOE COF ≌，得到OE = OF ，又AO =CO ，所以四边形AECF 是平行四边形，则根据EF ∴BD 可得四边形BFDE 是菱形．【详解】证明：（1）∴四边形ABCD 是平行四边形∴OA ＝OC ，BE ∴DF∴∴E ＝∴F在∴AOE 和∴COF 中E F AOE COF OA OC ∠=∠⎧⎪∠=∠⎨⎪=⎩∴AOE COF ≌()AAS∴AE ＝CF（2）当EF ∴BD 时，四边形BFDE 是菱形，理由如下：如图：连结BF ，DE。
专题23 多边形篇(解析版)
专题23 多边形考点一：多边形1. 多边形的概念：由多条线段首位顺次连接组成的图形叫做多边形。
2. 多边形的对角线：连接任意两个不相邻的顶点得到的线段叫多边形的对角线。
多边形一个顶点引出的对角线条数为：()3-n条，把多边形分成了()2-n个三角形。
多边形所有对角线条数为：()23-nn条。
（n表示多边形的边数）3. 对变形的内角和：多边形的内角和计算公式为：()︒⨯-1802n。
（n表示多边形的边数）4. 多边形的外角和：任意多边形的外角和都是360°。
1．（2022•大连）六边形内角和的度数是（ ）A．180°B．360°C．540°D．720°【分析】根据多边形的内角和公式可得答案．【解答】解：六边形的内角和的度数是（6﹣2）×180°＝720°．故选：D．2．（2022•柳州）如图，四边形ABCD的内角和等于（ ）A．180°B．270°C．360°D．540°【分析】根据四边形的内角和等于360°解答即可．【解答】解：四边形ABCD的内角和为360°．故选：C．3．（2022•临沂）如图是某一水塘边的警示牌，牌面是五边形，这个五边形的内角和是（ ）A．900°B．720°C．540°D．360°【分析】根据多边形的内角和公式：（n﹣2）•180°即可得出答案．【解答】解：（5﹣2）×180°＝540°，故选：C．4．（2022•河北）如图，将三角形纸片剪掉一角得四边形，设△ABC与四边形BCDE的外角和的度数分别为α，β，则正确的是（ ）A．α﹣β＝0B．α﹣β＜0C．α﹣β＞0D．无法比较α与β的大小【分析】利用多边形的外角和都等于360°，即可得出结论．【解答】解：∵任意多边形的外角和为360°，∴α＝β＝360°．∴α﹣β＝0．故选：A．5．（2022•怀化）一个多边形的内角和为900°，则这个多边形是（ ）A．七边形B．八边形C．九边形D．十边形【分析】根据多边形的内角和公式：（n﹣2）•180°列出方程，解方程即可得出答案．【解答】解：设多边形的边数为n，（n﹣2）•180°＝900°，解得：n ＝7．故选：A ．6．（2022•福建）四边形的外角和度数是 ．【分析】根据多边形的外角和都是360°即可得出答案．【解答】解：四边形的外角和度数是360°，故答案为：360°．7．（2022•淮安）五边形的内角和是 °．【分析】根据多边形的内角和是（n ﹣2）•180°，代入计算即可．【解答】解：根据题意得：（5﹣2）•180°＝540°，故答案为：540°．8．（2022•眉山）一个多边形外角和是内角和的92，则这个多边形的边数为 ．【分析】多边形的内角和定理为（n ﹣2）×180°，多边形的外角和为360°，根据题意列出方程求出n 的值．【解答】解：设这个多边形的边数为n ，根据题意可得：，解得：n ＝11，故答案为：11．考点二：正多边形1. 正多边形的概念：每一条边都相等且每个角都相等的多边形叫做正多边形。
2020年九年级数学中考数学重点专题《多边形》考点训练【含答案】
2020年九年级数学中考数学重点专题《多边形》考点训练一、知识考点梳理（一）平行四边形（与多边形）1．n 边形的内角和为 ，外角和为 ．2．在平面内，各内角都相等，各边也都相等的多边形叫做正多边形． 3．在多边形中，连结互不相邻两个顶点的线段叫做多边形的对角线． 4．两组对边分别平行的四边形叫做平行四边形． 5．平行四边形的性质：(1)平行四边形的 分别平行； (2)平行四边形的 分别相等； (3)平行四边形的 分别相等； (4)平行四边形的对角线 ． 6．平行四边形的判定：(1)两组对边 的四边形是平行四边形． (2)一组对边 的四边形是平行四边形． (3)两条对角线 的四边形是平行四边形． 7．当围绕一点拼在一起的几个多边形的内角和为360度时，可以镶嵌． 8．同一种正多边形可以镶嵌的正多边形是正三角形、正方形和正六边形， （二）菱形、矩形 1．菱形：(1)定义：一组邻边相等的平行四边形叫做菱形．(2)性质：菱形的四条边 ，两条对角线 ，且每一条对角线平分 ． (3)判别方法：一组 相等的平行四边形是菱形，对角线 的平行四边形是菱形，四条边 的四边形是菱形． （4）设菱形对角线长分别为l 1l 2，则S 菱形＝12 l 1l 2.2．矩形：(1)定义：有一个内角是直角的平行四边形叫做矩形．(2)性质：矩形的对角线，四个角．(3)判别方法：是直角的四边形是矩形，对角线的平行四边形是矩形，是直角的平行四边形是矩形．(4)设矩形的长和宽分别为a，b，则S矩形＝12 ab.（三）正方形1.定义：一组邻边相等的矩形叫做正方形.2.性质：正方形具有、、的一切性质.3.判别方法：四条边都相等且四个角都是直角的四边形是正方形的菱形是正方形；邻边相等的矩形是正方形；对角线的四边形是正方形.（四）梯形1．梯形的概念：有一组对边平行另一组对边不平行的四边形叫做梯形．2．等腰梯形的性质：(1)两底，两腰；(2)同一底上的；(3)两条对角线，(4)是轴对称图形．3．等腰梯形的判定：(1)两腰的梯形；(2)同一底上的的梯形；(3)对角线的梯形．4．梯形的计算：梯形的面积公式= （a，b分别为上下底，h为高）．5.解决梯形问题常添的辅助线在解(证)有关梯形的问题时，常常要添作辅助线，把梯形问题转化为三角形或平行四边形问题.(1)平移：①平移一腰：从梯形的一个顶点作一腰的平行线，把梯形转化为一个三角形和一个平行四边形.②平移两腰：利用梯形中的某个特殊点，过此点作两腰的平行线，把两腰转化到同一个三角形中.③平移对角线：过梯形的一个顶点作对角线的平行线，将已知条件转化到一个三角形中.(2)延长：即延长两腰相交于一点，可使梯形转化为三角形.(3)作对角线：即通过作对角线，使梯形转化为三角形.(4)作梯形的高：①作一条高，从底边的一个端点作另一条底边的垂线，把梯形转化为直角三角形或矩形.②作两条高：从同一底边的两个端点作另一条底边的垂线，把梯形转化为两个直角三角形和一个矩形.(5)作中位线：①已知梯形一腰中点，作梯形的中位线.②已知梯形两条对角线的中点，连接梯形一顶点与一条对角线中点，并延长与底边相交，使问题转化为三角形中位线.二、题型考点训练（一）平行四边形考点1.多边形的内角和与外角和、平面密铺与镶嵌1．若一个多边形的内角和小于其外角和，则这个多边形的边数是（）A．3 B．4 C．5 D．62.按下面摆好的方式，并使用同一种图形，只通过平移方式就能进行平面镶嵌（即平面密铺）的有（写出所有正确答案的序号）．考点2.平行四边形性质3．如图，在平行四边形ABCD中，下列结论中错误的是（）A．∠1=∠2 B．∠BAD=∠BCD C．AB=CD D．AC⊥BD4．如图所示，已知在平行四边形ABCD中，BE=DF.求证：AE=CF．考点3.平行四边形判定5．如图，已知BE∥DF，∠ADF=∠CBE，AF=CE，求证：四边形DEBF是平行四边形．6．如图，四边形ABCD是平行四边形，E、F是对角线AC上的两点，∠1=∠2．（1）求证：AE=CF；（2）求证：四边形EBFD是平行四边形．（二）菱形、矩形考点1.菱形的性质和判定1.如图，已知菱形ABCD的对角线AC．BD的长分别为6cm、8cm，AE⊥BC于点E，则AE 的长是（）A．B．C．D．2.如图，在△ABC中，AB=AC，∠B=60°，∠FAC、∠ECA是△ABC的两个外角，AD平分∠FAC，CD平分∠ECA．求证：四边形ABCD是菱形．3.如图，在△ABC中，D、E分别是AB、AC的中点，BE=2DE，延长DE到点F，使得EF=BE，连接CF．（1）求证：四边形BCFE是菱形；（2）若CE=4，∠BCF=120°，求菱形BCFE的面积．考点2.矩形的性质和判定4.如图，矩形ABCD的两条对角线相交于点O，∠AOD=60°，AD=2，则AC的长是（）53cm25cm48cm524cm5A．2 B．4 C．23D．435.如图，在矩形ABCD中，E、F分别是边AB、CD的中点，连接AF，CE．（1）求证：△BEC≌△DFA；（2）求证：四边形AECF是平行四边形．6.已知在△ABC中，AB=AC=5，BC=6，AD是BC边上的中线，四边形ADBE是平行四边形．（1）求证：四边形ADBE是矩形；（2）求矩形ADBE的面积．（三）正方形考点1.正方形的性质2.如图，在平面直角坐标系中有一边长为1的正方形OABC，边OA、OC分别在x轴、y轴上，如果以对角线OB为边作第二个正方形OBB1C1，再以对角线OB1为边作第三个正方形OB1B2C2，照此规律作下去，则点B2020的坐标为．3.如图所示，在正方形ABCD中，点G是边BC上任意一点，DE⊥AG，垂足为E，延长DE 交AB于点F．在线段AG上取点H，使得AG=DE+HG，连接BH．求证：∠ABH=∠CDE．考点2.正方形的判定4.下列命题中，真命题是（）A．对角线相等的四边形是矩形B．对角线互相垂直的四边形是菱形C．对角线互相平分的四边形是平行四边形D．对角线互相垂直平分的四边形是正方形5.如图，在四边形ABCD中，AB=BC，对角线BD平分∠ABC，P是BD上一点，过点P作PM⊥AD，PN⊥CD，垂足分别为M，N．（1）求证：∠ADB=∠CDB；（2）若∠ADC=90°，求证：四边形MPND是正方形．（四）梯形考点1.梯形的性质1．如图，梯形ABCD中，AD∥BC，AB=DC=3，AD=5，∠C=60°，则下底BC的长为（）A．8 B．9 C．10 D．112．如图，在直角梯形ABCD中，AD∥BC，∠B=90°，∠C=45°，AD=1，BC=4，则CD= ．3．如图，在等腰梯形ABCD中，已知AD∥BC，AB=DC，AC与BD交于点O，廷长BC到E，使得CE=AD，连接DE．（1）求证：BD=DE．（2）若AC⊥BD，AD=3，S ABCD=16，求AB的长．考点2.梯形的判定4．如图，梯形ABCD中，AD∥BC，AB∥DE，∠DEC=∠C，求证：梯形ABCD是等腰梯形．5.如图，在梯形ABCD中，AD∥BC，E为BC的中点，BC=2AD，EA=ED=2，AC与ED相交于点F．（1）求证：梯形ABCD是等腰梯形；（2）当AB与AC具有什么位置关系时，四边形AECD是菱形？请说明理由，并求出此时菱形AECD的面积．参考答案一、知识考点梳理（一）平行四边形（与多边形）1.(n-2)180°；360°5.(1)两组对边(2)两组对角(3)两组对角(4)互相平分6.(1)分别相等(2)平行且相等(3)互相平分（二）菱形、矩形1.(2)相等互相垂直平分一组对角(3)邻边互相垂直都相等2.(2)互相平分且相等都是直角(3)有三个角相等有一个角（三）正方形2.平行四边形矩形菱形3.有一个角是直角互相垂直平分且相等（四）梯形2.(1)平行相等(2)两角相等(3)相等3. (1)相等 (2)两角相等 (3)相等4.(a+b)h /2 二、题型考点训练 （一）平行四边形 1.A 2. ②③ 3.D4. 证明：∵BE=DF ，∴BE-EF=DF-EF ，∴DE=BF ， ∵四边形ABCD 是平行四边形，∴AD=BC ，AD ∥BC ，∴∠ADE=∠CBF ，在△ADE 和△CBF 中,⎪⎩⎪⎨⎧=∠=∠=BC AD CBF ADE BFDE∴△ADE ≌△CBF （SAS ），∴AE=CF ． 5. 证明：∵BE ∥DF ，∴∠BEC=∠DFA ，在△ADF 和△CBE 中,⎪⎩⎪⎨⎧=∠=∠∠=∠CE AF CEB AFD CBE ADF∴△ADF ≌△CBE （AAS ），∴BE=DF ， 又∵BE ∥DF ，∴四边形DEBF 是平行四边形．6. 证明：（1）如图：∵四边形ABCD 是平行四边形， ∴AD=BC ，AD ∥BC ，∠3=∠4，∵∠1=∠3+∠5，∠2=∠4+∠6，∴∠1=∠2，∴∠5=∠6∵在△ADE 与△CBF 中，⎪⎩⎪⎨⎧∠=∠=∠=∠6543BC AD ∴△ADE ≌△CBF （ASA ），∴AE=CF ；（2）∵∠1=∠2，∴DE∥BF．又∵由（1）知△ADE≌△CBF，∴DE=BF，∴四边形EBFD是平行四边形．（二）菱形、矩形1.D2.证明：∵∠B=60°，AB=AC，∴△ABC为等边三角形，∴AB=BC，∴∠ACB=60°，∠FAC=∠ACE=120°，∴∠BAD=∠BCD=120°，∴∠B=∠D=60°，∴四边形ABCD是平行四边形，∵AB=BC，∴平行四边形ABCD是菱形．3.（1）证明：∵D、E分别是AB、AC的中点，∴DE∥BC且2DE=BC，又∵BE=2DE，EF=BE，∴EF=BC，EF∥BC，∴四边形BCFE是平行四边形，又∵BE=FE，∴四边形BCFE是菱形；（2）解：∵∠BCF=120°，∴∠EBC=60°，∴△EBC是等边三角形，（三）正方形 1. 32 2.（﹣21010，﹣21010） 3.证明：在正方形ABCD 中，AB=AD ，∠ABG=∠DAF=90°，∵DE ⊥AG ，∴∠2+∠EAD=90°，又∵∠1+∠EAD=90°，∴∠1=∠2，在△ABG 和△DAF 中，⎪⎩⎪⎨⎧︒=∠=∠=∠=∠9021DAF ABG ADAB ∴△ABG ≌△DAF （ASA ）， ∴AF=BG ，AG=DF ，∠AFD=∠BGA ，∵AG=DE+HG ，DF=DE+EF ，∴EF=HG ，在△AEF 和△BHG 中，⎪⎩⎪⎨⎧=∠=∠=HG EF BGA AFD BG AF ∴△AEF ≌△BHG （SAS ），∴∠1=∠3，∴∠2=∠3，∵∠2+∠CDE=∠ADC=90°，∠3+∠ABH=∠ABC=90°，∴∠ABH=∠CDE ．4.C5.证明：（1）∵对角线BD 平分∠ABC ，∴∠ABD=∠CBD ，在△ABD 和△CBD 中， ⎪⎩⎪⎨⎧=∠=∠=BD BD CBD ABD CB AB∴△ABD ≌△CBD ，∴∠ADB=∠CDB ；（2）∵PM ⊥AD ，PN ⊥CD ，对角线BD 平分∠ABC ，∴∠PMD=∠PND=90°，PM=PN ，∵∠ADC=90°，∴四边形MPND 是矩形，∵PM=PN ，∴四边形MPND 是正方形．（四）梯形1.A2. 23∵四边形ACED 是平行四边形，∴CE=AD=3，AC ∥DE ，∵AC ⊥BD ，∴BD ⊥DE ，∵BD=DE ，∴BDE S =21BD•DE=21BD 2=21BE•DF=21（BC+CE ）•DF=21（BC+AD ）•DF=S 梯形ABCD =16， ∴BD=42，∴BE=2BD=8，∴DF=BF=EF=21BE=4， ∴CF=EF-CE=1，∴AB=CD=22DF CF =17．4. 证明：∵AB ∥DE ，∴∠DEC=∠B ，∵∠DEC=∠C ，∴∠B=∠C ，∴梯形ABCD 是等腰梯形．又∵EA=ED ，∴∠EAD=∠EDA ，∴∠DEC=∠AEB ，又∵EB=EC ，∴△DEC ≌△AEB ，∴AB=CD ，∴梯形ABCD 是等腰梯形．（2）当AB ⊥AC 时，四边形AECD 是菱形．证明：∵AD ∥BC ，BE=EC=AD ，∴四边形ABED 和四边形AECD 均为平行四边形．∴AB=ED ， ∵AB ⊥AC ，∴AE=BE=EC ，∴四边形AECD 是菱形．过A 作AG ⊥BE 于点G ，∵AE=BE=AB=2，∴△ABE 是等边三角形， ∴∠AEB=60°，∴AG=，∴S 菱形AECD =EC•AG=2×=2。
常用多边形中考试题及答案
常用多边形中考试题及答案在中考数学中，多边形的题目通常涉及到面积计算、内角和、外角和、对角线数量等知识点。
以下是一些常用的多边形中考试题及答案：试题1：已知一个正六边形的边长为a，求其面积。
答案1：正六边形可以被划分为6个等边三角形。
每个等边三角形的边长为a，面积为 \( \frac{\sqrt{3}}{4}a^2 \)。
因此，正六边形的总面积为\( 6 \times \frac{\sqrt{3}}{4}a^2 = \frac{3\sqrt{3}}{2}a^2 \)。
试题2：在一个正五边形中，求其内角和。
答案2：正五边形的内角和可以通过公式 \( (n-2) \times 180^\circ \) 计算，其中n为边数。
对于正五边形，n=5，所以内角和为 \( (5-2)\times 180^\circ = 540^\circ \)。
试题3：一个正三角形的外接圆半径为R，求该正三角形的边长。
答案3：正三角形的外接圆半径等于其边长的一半，即 \( R = \frac{a}{2} \)。
解得边长 \( a = 2R \)。
试题4：在一个n边形中，求其对角线的数量。
答案4：一个n边形的对角线数量可以通过公式 \( \frac{n(n-3)}{2} \) 计算。
试题5：如果一个多边形的内角和为900°，求这个多边形的边数。
答案5：根据内角和公式 \( (n-2) \times 180^\circ \)，设这个多边形的边数为n。
则有 \( (n-2) \times 180^\circ = 900^\circ \)。
解得\( n = 7 \)。
试题6：在一个正八边形中，求其外角和。
答案6：任何多边形的外角和总是360°，无论边数多少。
因此，正八边形的外角和也是360°。
试题7：如果一个多边形的每个内角都相等，且每个外角等于45°，求这个多边形的边数。
答案7：：每个外角等于45°意味着每个内角等于 \( 180^\circ - 45^\circ = 135^\circ \)。
中考数学必考考点专题23多边形内角和问题含解析
专题23 多边形内角和问题1．多边形：在平面内，由一些线段首尾顺次相接组成的图形叫做多边形。
2．多边形的内角：多边形相邻两边组成的角叫做它的内角。
3．多边形的外角：多边形的一边与它的邻边的延长线组成的角叫多边形的外角。
4．多边形的对角线：连接多边形不相邻的两个顶点的线段，叫做多边形的对角线。
5．正多边形：在平面内，各个角都相等，各条边都相等的多边形叫做正多边形。
6．多边形内角和公式：n 边形的内角和等于（n-2）·180° 7．多边形的外角和：多边形的内角和为360°。
8.多边形对角线的条数：（1）从n 边形的一个顶点出发可以引（n-3）条对角线，把多边形分成（n-2）个三角形。
（2）n 边形共有23)-n(n 条对角线。
【例题1】（2019贵州铜仁）如图为矩形ABCD ，一条直线将该矩形分割成两个多边形，若这两个多边形的内角和分别为a 和b ，则a +b 不可能是（ ）A ．360°B ．540°C ．630°D ．720°【答案】C ．【解析】一条直线将该矩形ABCD 分割成两个多边形，每一个多边形的内角和都是180°的倍数，都能被180整除，分析四个答案，只有630不能被180整除，所以a +b 不可能是630°．【例题2】（2019广西梧州）正九边形的一个内角的度数是（ ）专题知识回顾专题典型题考法及解析A．108°B．120°C．135°D．140°【答案】D．【解析】先根据多边形内角和定理：180°•（n﹣2）求出该多边形的内角和，再求出每一个内角的度数．该正九边形内角和＝180°×（9﹣2）＝1260°，则每个内角的度数＝．【例题3】（2019湖南湘西州）已知一个多边形的内角和是1080°，则这个多边形是（）A．五边形B．六边形C．七边形D．八边形【答案】D【解析】本题考查根据多边形的内角和计算公式求多边形的边数，解答时要会根据公式进行正确运算、变形和数据处理。
浙江省2018年中考数学复习 第一部分 考点研究 第五单元 四边形 第23课时 平行四边形与多边形试题
第五单元四边形第23课时平行四边形与多边形(建议答题时间：60分钟)基础过关1．(2017百色)多边形的外角和等于( )A. 180°B. 360°C. 720°D. (n－2)－180°2．(2017湘西)如图，在▱ABCD中，AC，BD相交于点O，则下列结论中错误的是( ) A. OA＝OC B. ∠ABC＝ADCC. AB＝CDD. AC＝BD第2题图3．平行四边形ABCD与等边△AEF如图放置，如果∠B＝45°，则∠BAE的大小是( )第3题图A. 75°B. 70°C. 65°D. 60°4．(2017台州模拟)如图，点E，F是▱ABCD对角线上两点，在条件：①DE＝BF；②∠ADE ＝∠CBF；③AF＝CE；④∠AEB＝∠CFD中，添加一个条件，使四边形DEBF是平行四边形，可添加的条件是( )A. ①②③B. ①②④C. ①③④D. ②③④第4题图5．(2017眉山)如图，EF过▱ABCD对角线的交点O，交AD于E，交BC于F，若▱ABCD的周长为18，OE＝1.5，则四边形EFCD的周长为( )第5题图A. 14B. 13C. 12D. 106．(2017青岛)如图，▱ABCD的对角线AC与BD相交于点O，AE⊥BC，垂足为E，AB＝3，AC＝2，BD＝4，则AE的长为( )A.32B.32C.217D.2217第6题图7．(2017广州)如图，E，F分别是▱ABCD的边AD，BC上的点，EF＝6，∠DEF＝60°，将四边形EFCD沿EF翻折，得到EFC′D′，ED′交BC于点G，则△GEF的周长为( )第7题图A. 6B. 12C. 18D. 248．(2017南京)如图，∠1是五边形ABCDE的一个外角，若∠1＝65°，则∠A＋∠B＋∠C＋∠D＝________°.第8题图9．(2017宁夏)如图，将平行四边形ABCD沿对角线BD折叠，使点A落在点A′处．若∠1＝∠2＝50°，则∠A′为________．第9题图10．(2017武汉)如图，在▱ABCD中，∠D＝100°，∠DAB的平分线AE交DC于点E，连接BE，若AE＝AB，则∠EBC的度数为________．第10题图11．(2017六盘水)如图，在▱ABCD中，对角线AC、BD相交于点O，在BA的延长线上取一点E，连接OE交AD于点F.若CD＝5，BC＝8，AE＝2，则AF＝________．第11题图12．(2017凉山州)如图，在△ABC中，∠BAC＝90°，AB＝4，AC＝6，点D、E分别是BC、AD的中点，AF∥BC交CE的延长线于F，则四边形AFBD的面积为________．第12题图13．如图，在平行四边形ABCD中，AD＝2CD，F是AD的中点，CE⊥AB，垂足E在线段AB上，下列结论：①∠DCF＝∠ECF；②EF＝CF；③∠DFE＝3∠AEF；④S△BEC<2S△CEF中，一定成立的是______．(请填序号)第13题图14．(2017齐齐哈尔)如图，在等腰三角形纸片ABC中，AB＝AC＝10，BC＝12，沿底边BC上的高AD剪成两个三角形，用这两个三角形拼成平行四边形，则这个平行四边形较长的对角线的长是________．第14题图15．(2017山西)已知：如图，在▱ABCD中，延长AB至点E，延长CD至点F，使得BE ＝DF.连接EF，与对角线AC交于点O.求证：OE＝OF.第15题图16．如图，点O是△ABC内一点，连接OB、OC，并将AB、OB、OC、AC的中点D、E、F、G依次连接，得到四边形DEFG.(1)求证：四边形DEFG是平行四边形；(2)如果∠OBC＝45°，∠OCB＝30°，OC＝4，求EF的长．第16题图17．如图，四边形ABCD中，BD垂直平分AC，垂足为点F，E为四边形ABCD外一点，且∠ADE＝∠BAD，AE⊥AC.(1)求证：四边形ABDE是平行四边形；(2)如果DA平分∠BDE，AB＝5，AD＝6，求AC的长．第17题图18．(2017攀枝花)如图，在平行四边形ABCD中，AE⊥BC，CF⊥AD，垂足分别为E、F，AE、CF分别与BD交于点G和H，且AB＝2 5.(1)若tan∠ABE＝2，求CF的长；(2)求证：BG＝DH.第18题图满分冲关1．(2017孝感)如图，六边形ABCDEF的内角都相等，∠DAB＝60°，AB＝DE.则下列结论成立的个数是( )①AB∥DE；②EF∥AD∥BC；③AF＝CD；④四边形ACDF是平行四边形；⑤六边形ABCDEF 既是中心对称图形，又是轴对称图形．A. 2B. 3C. 4D. 5第1题图2．如图，E、F分别是平行四边形ABCD的边AB、CD上的点，AF与DE相交于点P，BF 与CE相交于点Q，若S△APD＝15 cm2，S△BQC＝25 cm2，则阴影部分的面积为________ cm2.第2题图3. 如图，正十二边形A1A2…A12，连接A3A7，A7A10，则∠A3A7A10＝________°.第3题图4. 如图，在四边形ABCD中，AB∥DC，E是AD的中点，EF⊥BC于点F，BC＝5，EF＝3.第4题图(1)若满足AB＝DC，则四边形ABCD的面积S＝________；(2)若满足AB＞DC，则此时四边形ABCD的面积S′________S(用“＞”或“＝”或“＜”填空)．5．(2017安徽)在三角形纸片ABC中，∠A＝90°，∠C＝30°，AC＝30 cm.将该纸片沿过点B的直线折叠，使点A落在斜边BC上的点E处，折痕记为BD(如图①)，剪去△CDE 后得到双层△BDE(如图②)，再沿着过△BDE某顶点的直线将双层三角形剪开，使得展开后的平面图形中有一个是平行四边形．则所得平行四边形的周长为________ cm.第5题图6．(2017泰安)如图，四边形ABCD是平行四边形，AD＝AC，AD⊥AC，E是AB的中点，F是AC延长线上的一点．(1)若ED⊥EF，求证：ED＝EF；(2)在(1)的条件下，若DC的延长线与FB交于点P，试判定四边形ACPE是否为平行四边形？并证明你的结论(请先补全图形，再解答)；(3)若ED＝EF，则ED与EF垂直吗？若垂直给出证明，若不垂直说明理由．第6题图答案基础过关1．B 【解析】所有多边形的外角和都是360°.2. D 【解析】∵四边形ABCD是平行四边形，∴AO＝CO，∠ABC＝∠ADC，AB＝CD，∴A，B，C选项都正确，而AC与BD不一定相等，故D错误．3．A 【解析】∵四边形ABCD是平行四边形，∴AD∥BC，∴∠BAD＝180°－∠B＝180°－45°＝135°，∵△AEF是等边三角形，∴∠EAF＝60°，∴∠BAE＝∠BAD－∠EAF＝135°－60°＝75°.4．D 【解析】①不能证明；②在▱ABCD中，AD＝BC，∠DAC＝∠ACB，∵∠ADE＝∠CBF，∴△ADE ≌△CBF (ASA)，∴DE ＝BF ，∠DEA ＝∠CFB ，∴∠DEF ＝∠BFE ，∴DE ∥BF ，∴可得题目要求；③∵AF ＝CE ；∴AE ＝CF ，∵在▱ABCD 中，AD ＝BC ，AD ∥BC ，∴∠DAE ＝∠FCB ，∴△ADE ≌△CBF (SAS)，同理可得题目要求；④在▱ABCD 中，CD ∥AB ，CD ＝AB ，∴∠DCF ＝∠BAE ，∵∠AEB ＝∠CFD ，∴△CDF ≌△ABE (AAS)，∴DF ＝BE ，∵∠AEB ＝∠CFD ，∴∠BEF ＝∠DFE ，∴DF ∥BE ，∴四边形ABCD 是平行四边形．5．C 【解析】∵四边形ABCD 是平行四边形，∴OA ＝OC ，AD ∥BC ，∴∠DAC ＝∠ACB ，在△OAE 和△OCF 中，⎩⎪⎨⎪⎧∠DAC ＝∠ACB OA ＝OC ∠AOE＝∠COF ，∴△OAE ≌△OCF ，∴CF ＝AE ，OE ＝OF ，∵OE ＝1.5，∴EF ＝2OE ＝3，∵▱ABCD 的周长为18，∴AD ＋DC ＝9，∴四边形EFCD 的周长为DE ＋EF ＋CF ＋CD ＝DE ＋AE ＋CD ＋EF ＝AD ＋CD ＋EF ＝9＋3＝12.6．D 【解析】∵四边形ABCD 是平行四边形且AC ＝2，BD ＝4，∴AO ＝OC ＝1，BO ＝OD ＝2，又∵AB ＝3，∴AB 2＋AO 2＝BO 2，∴∠BAC ＝90°，∵在Rt △BAC 中，BC ＝AB 2＋AC 2＝（3）2＋22＝7，S △ABC ＝12AB ·AC ＝12BC ·AE ，∴AE ＝AB ·AC BC ＝3×27＝2217.7. C 【解析】由折叠的性质可知：∠FEG ＝∠DEF ＝60°，∵AD ∥BC ，∴∠EFG ＝∠DEF ＝60°，∴∠EGF ＝60°，∴△EFG 是等边三角形，则其周长为3×6＝18，故选C.8．425 【解析】由∠1＝65°可得∠DEA ＝115°，∵五边形内角和＝(5－2)×180°＝540°，∴∠A ＋∠B ＋∠C ＋∠D ＝540°－115°＝425°.9．105° 【解析】由折叠的性质知：∠2＝∠DBA ′＝50°，∠ADB ＝∠BDA ′，∵AD ∥BC ，∴∠ADB ＝∠DBG ，∴∠BDG ＝∠DBG ，又∵∠1＝∠BDG ＋∠DBG ，∠1＝∠2＝50°，∴∠BDG ＝25°，∴∠GBA ′＝50°－25°＝25°，∴∠A ′＝180°－50°－25°＝105°.10. 30° 【解析】∵在▱ABCD 中，∠D ＝100°，AB ∥DC ，∴∠ABC ＝∠D ＝100°，∠DAB ＝80°，∵AE 平分∠DAB ，∴∠BAE ＝∠DAE ＝40°，又∵AE ＝AB ，∴∠ABE ＝12(180°－40°)＝70°，∴∠EBC ＝100°－70°＝30°.11.169【解析】如解图，延长FO 交BC 于点G ，∵四边形ABCD 是平行四边形，∴AB ＝CD ＝5，且易证△AFO ≌△CGO (ASA)，可得AF ＝CG ，∴BG ＝BC －CG ＝8－AF ，又AF ∥BC ，∴△AEF ∽△BEG ，∴AE BE ＝AF BG ，即22＋5＝AF 8－AF ，解得AF ＝169.第11题解图12．12 【解析】∵AF ∥BC ，∴∠AFC ＝∠FCD ，在△AEF 与△DEC 中，⎩⎪⎨⎪⎧∠AFE ＝∠ECD ∠AEF＝∠DEC AE ＝DE ，∴△AEF ≌△DEC (AAS)，∴AF ＝DC ，∵BD ＝DC ，∴AF ＝BD ，∴四边形AFBD 是平行四边形，∴S四边形AFBD＝2S △ABD ，又∵BD ＝DC ，∴S △ABC ＝2S △ABD ，∴S四边形AFBD＝S △ABC ，∵∠BAC ＝90°，AB＝4，AC ＝6，∴S △ABC ＝12AB ·AC ＝12×4×6＝12，∴S 四边形AFBD ＝12.13．②③④ 【解析】对于①，∵四边形ABCD 是平行四边形，∴AD ∥BC ，∴∠BCF ＝∠DFC ，∵AD ＝2CD ，F 是AD 的中点，∴DF ＝CD ，∴∠DCF ＝∠DFC ＝∠BCF ＝∠BCE ＋∠ECF ，∴∠DCF ≠∠ECF ，故①错；对于②，如解图，过点F 作FO ⊥CE 于点O ，则FO ∥CD ，∵F 是CD 的中点，∴O 是CE 的中点，∴FO 是CE 的垂直平分线，∴EF ＝CF ，故②正确；对于③，∵EF ＝FC ，∴∠FEC ＝∠FCE ，∵CE ⊥AB ，∴∠AEC ＝∠DCE ＝90°，∴∠AEF ＝∠DCF ＝∠DFC ，∵∠EFO ＝90°－∠FEO ＝∠AEF ，∴∠DFE ＝∠DFC ＋∠CFO ＋∠EFO ＝3∠AEF ，故③正确；对于④，∵S △CEF ＝12CE ·FO ＝12CE ·12(AE ＋CD )，∴2S △CEF ＝12CE (AE ＋CD )，，∵S △BCE ＝12BE ·CE ，BE ＜CD ＋AE ，∴S ΔBCE <2S △CEF ，故④正确．第13题解图14．10或273或413 【解析】按解图①方式摆放，得AC ＝10；第14题解图①按解图②方式摆放得AD＝8，第14题解图②作MA′⊥AD交AD的延长线于点M，易知AM＝16，A′M＝6，∴A′A＝（MA′）2＋AM2＝62＋162＝273；按解图③方式摆放，作BM⊥CD交CD延长线于点M，易知CM＝12，BM＝8，∴BC＝BM2＋CM2＝82＋122＝413；∴这个平行四边形较长的对角线为10或273或413.第14题解图③15．证明：如解图①，第15题解图①∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB∥CD，AB＝CD.∵BE＝DF，∴AB＋BE＝CD＋DF，即AE＝CF，∵AB∥CD，∴AE∥CF，∴∠E＝∠F，∠1＝∠2，∴△AOE≌△COF(ASA)，∴OE＝OF.【一题多解】如解图②，连接AF，CE，第15题解图②∵四边形ABCD 是平行四边形， ∴AB ∥CD ，AB ＝CD ， ∵BE ＝DF ，∴AB ＋BE ＝CD ＋DF ，即AE ＝CF ， ∵AB ∥CD ， ∴AE ∥CF ，∴四边形AECF 是平行四边形， ∴OE ＝OF ，16．(1)证明：∵AB 、OB 、OC 、AC 的中点分别为D 、E 、F 、G ， ∴DG ∥BC ，DG ＝12BC ，EF ∥BC ，EF ＝12BC ，∴DG ∥EF ，DG ＝EF ，∴四边形DEFG 是平行四边形；(2)解：如解图，过点O 作OM ⊥BC 于点M ，第16题解图在Rt △OCM 中，∠OCM ＝30°，OC ＝4， ∴OM ＝12OC ＝2，∴CM ＝OCcos30°＝23，在Rt △OBM 中，∠OBM ＝∠BOM ＝45°， ∴BM ＝OM ＝2， ∴BC ＝2＋23， ∴EF ＝12BC ＝1＋ 3.17．(1)证明：∵AE ⊥AC ，BD 垂直平分AC ， ∴AE ∥BD ， ∵∠ADE ＝∠BAD ， ∴DE ∥AB ，∴四边形ABDE 是平行四边形； (2)解：∵DA 平分∠BDE ， ∴∠ADB ＝∠ADE ＝∠BAD ，∴AB ＝BD ＝5， 设BF ＝x ，则AB 2－BF 2＝AD 2－DF 2，即52－x 2＝62－(5－x )2， 解得x ＝75，∴AF ＝AB 2－BF 2＝52－（75）2＝245，∴AC ＝2AF ＝485.18．解：(1)∵AE ⊥BC ，CF ⊥AD ，AD ∥BC ， ∴AE ＝CF ，∵tan ∠ABE ＝2＝AE BE，∴BE ＝12AE ，∴AB ＝AE 2＋BE 2＝52AE ， 即AB ∶AE ＝5∶2， ∵AB ＝25，∴CF ＝AE ＝2×255＝4；(2)证明：∵四边形ABCD 是平行四边形， ∴AB ＝CD 且AB ∥CD ，∠ABE ＝∠C D F ， ∴∠ABD ＝∠BDC ， ∵AE ⊥BC ，CF ⊥AD ，∴∠ABE＋∠BAE＝∠CDF＋∠DCF＝90°，∴∠BAE＝∠DCF，∴△ABG≌△CDH(ASA)，∴BG＝DH.满分冲关1. D 【解析】∵内角都相等，∴六边形ABCDEF是正六边形，∴每个内角为120°，又∵∠DAB＝60°，∴∠FAD＝60°，根据四边形的内角和为360°可知∠EDA＝60°＝∠DAB，故AB∥DE，①正确；∵六边形的内角都相等，则∠F＝∠FAB＝120°，又∵∠DAB ＝60°，∴∠FAD＝60°，∴∠F＋∠FAD＝180°，∴EF∥AD，同理，BC∥AD，即EF∥AD∥BC，②正确；∵六边形ABCDEF是正六边形，∴AF＝CD，③正确；如解图，连接DF、AC，∵∠E ＝∠B，AB＝BC＝DE＝EF，∴△ABC≌△DEF，∴AC＝DF，∵AF＝DC，∴四边形ACDF是平行四边形，④正确；正六边形ABCDEF既是中心对称图形，也是轴对称图形，⑤正确．第1题解图2．40 【解析】如解图，连接EF，∵△ADF与△DEF同底同高，∴S△ADF＝S△DEF∴S△DEF －S△DPF＝S△ADF－S△DPF，即S△EPF＝S△APD＝15 cm2，同理可得S△EFQ＝S△BQC＝25 cm2，∴阴影部分的面积为S△EPF＋S△EFQ＝15＋25＝40 cm2.第2题解图3. 75 【解析】∵多边形A 1A 2…A 12是正十二边形，如解图，作它的外接圆⊙O ，∴正十二边形每条边所对的圆心角为30°，∴劣弧A 10A 3的度数＝5×360°12＝150°，∴∠A 3A 7A 10＝12×150°＝75°.第3题解图4. 15；＝ 【解析】(1)∵AB ∥CD ，AB ＝CD , ∴四边形ABCD 是平行四边形，∴S ▱ABCD＝BC ·EF ＝15；(2)如解图，连接BE 并延长交CD 的延长线于点G ，过点G 作GH ⊥BC 交BC的延长线于点H .∵AB ∥CG ，∴∠ABE ＝∠DGE ，又∵∠AEB ＝∠DEG ，AE ＝DE ，∴△ABE ≌△DGE (AAS)，∴S △ABE ＝S △DGE ，BE ＝EG ，∵EF ⊥BC ，GH ⊥BC ，∴EF ∥GH ，∴△BEF ∽△BGH ，∴BEBG＝EF GH ＝12，∴GH ＝2EF ＝6，∴S △BCG ＝12BC ·GH ＝12×5×6＝15，∴四边形ABCD 的面积S ′＝15，∴S ′＝S ＝15.第4题解图5．40或 8033 【解析】在Rt △ABC 中，AC ＝30 cm ，∠C ＝30°，可得AB ＝BE ＝10 3cm ，由折叠的性质可知∠ABD ＝∠EBD ＝30°，∴在Rt △ABD 中，AD ＝10 cm ，∴AD ＝DE ＝10 cm ，CD ＝20 cm.a.如解图①所示，当沿过E 点的直线剪开，展开后所得平行四边形是以AD 和DE 为邻边的平行四边形ADEF 时，∵AD ＝DE ＝10 cm ，∴所得平行四边形ADEF 的周长为4AD ＝40 cm ；第5题解图b．如解图②所示，当沿过D点的直线剪开，展开后所得平行四边形是以∠B为顶角，BD为对角线的平行四边形DFBG时，由折叠的性质可得DG＝DF，DF∥AB，∴DF∶AB＝CD∶CA＝2∶3，AB＝10 3 cm，∴DF＝2033cm，∴所得平行四边形DFBG的周长为4DF＝8033cm.6．(1)证明：在▱ABCD中，∵AD＝AC，AD⊥AC，∴AC＝BC，AC⊥BC，如解图，连接CE，第6题解图∵E为AB中点，∴AE＝EC，∴∠ACE＝∠BCE＝45°，∴∠DAE＝∠ECF＝135°，又∵∠AED＋∠CED＝∠CEF＋∠CED＝90°，∴∠AED＝∠CEF，∴△AED≌△CEF，∴ED＝EF；【一题多解】∵四边形ABCD是平行四边形，∴AD∥BC，AD＝BC，∵AD⊥AC，AD＝AC，∴BC⊥AC，BC＝AC，∴∠CAB＝∠CBA＝45°，∵∠DAF＝∠DEF＝90°，∴点D，A，E，F四点在同一圆上，如解图，连接FD，∴∠FDE＝∠FAE＝45°，∴∠EFD＝∠EDF＝45°，∴DE＝EF.(2)四边形ACPE是平行四边形；证明：由(1)得△AED≌△CEF，∴AD＝CF，∴AC＝AD＝CF，又∵CP∥AE，∴CP为△FAB的中位线，∴CP ＝12AB ＝AE ，∴四边形ACPE 是平行四边形； (3)垂直；证明：如解图，过点E 作EH ⊥AF 于H ，作EG ⊥DA 交DA 延长线于点G ， ∵AE ＝EC ，∴∠EAC ＝∠HCE ＝45°， ∴△AGE ≌△CHE ， ∴EG ＝EH ， 又ED ＝EF ，∴Rt △DEG ≌Rt △FEH ， ∴∠ADE ＝∠CFE ， ∴∠DEA ＝∠FEC ，∴∠FEC ＋∠DEC ＝∠DEA ＋∠DEC ＝90°， ∴∠DEF ＝90°， ∴ED ⊥EF .。
2020年中考数学试题圆与多边形分类汇编及答案详解
2020年中考数学试题圆与多边形分类汇编圆与多边形一、选择题1.（2020北京）正五边形的外角和为（）A.180°B.360°C.540°D.720°【解析】任意多边形的外角和都为360°，与边数无关，故选B2．（2020安徽）（4分）已知点A，B，C在O上，则下列命题为真命题的是() A．若半径OB平分弦AC，则四边形OABC是平行四边形B．若四边形OABC是平行四边形，则120ABC∠=︒C．若120∠=︒，则弦AC平分半径OBABCD．若弦AC平分半径OB，则半径OB平分弦AC【解答】解：A、如图，若半径OB平分弦AC，则四边形OABC不一定是平行四边形；原命题是假命题；B、若四边形OABC是平行四边形，则AB OC=，=，OA BC==，OA OB OCAB OA OB BC OC∴====，ABO OBC∴∠=∠=︒，60∴∠=︒，是真命题；120ABCC、如图，若120∠=︒，则弦AC不平分半径OB，原命题是假命题；ABCD、如图，若弦AC 平分半径OB ，则半径OB 不一定平分弦AC ，原命题是假命题；故选：B ．3．（2020广州）如图3，Rt △ABC 中，∠C =90°，AB =5，4cos 5A =，以点B 为圆心，r 为半径作⊙B ，当3r =时，⊙B 与AC 的位置关系是（ * ）．（A ）相离 （B ） 相切 （C ） 相交（D ）无法确定【答案】B4．（2020广州）往直径为52 cm 的圆柱形容器内装入一些水以后，截面如图4所示，若水面宽48AB =cm ，则水的最大深度为（ * ）．（A ）8 cm （B ）10 cm （C ）16 cm （D ）20 cm【答案】C5．（2020陕西）如图，△ABC 内接于⊙O ，∠A ＝50°．E 是边BC 的中点，连接OE 并延长，交⊙O 于点D ，连接BD ，则∠D 的大小为（ ）图3C BA 图4A．55°B．65°C．60°D．75°解：连接CD，∵∠A＝50°，∴∠CDB＝180°﹣∠A＝130°，∵E是边BC的中点，∴OD⊥BC，∴BD＝CD，∴∠ODB＝∠ODC＝BDC＝65°，故选：B．6．（2020哈尔滨）（3分）如图，AB为O的切线，点A为切点，OB交O于点C，点D 在O上，连接AD、CD，OA，若35∠=︒，则ABO∠的度数为()ADCA．25︒B．20︒C．30︒D．35︒【解答】解：AB为圆O的切线，∠=︒，OABAB OA∴⊥，即90∠=︒，35ADCAOB ADC∴∠=∠=︒，270∴∠=︒-︒=︒．907020ABO故选：B ．7．(2020杭州)（3分）如图，已知BC 是⊙O 的直径，半径OA ⊥BC ，点D 在劣弧AC 上（不与点A ，点C 重合），BD 与OA 交于点E ．设∠AED ＝α，∠AOD ＝β，则（ ）A ．3α+β＝180°B ．2α+β＝180°C ．3α﹣β＝90°D ．2α﹣β＝90°解：∵OA ⊥BC ，∴∠AOB ＝∠AOC ＝90°，∴∠DBC ＝90°﹣∠BEO ＝90°﹣∠AED ＝90°﹣α，∴∠COD ＝2∠DBC ＝180°﹣2α，∵∠AOD +∠COD ＝90°，∴β+180°﹣2α＝90°，∴2α﹣β＝90°，故选：D ．8.（2020河北）有一题目：“已知；点O 为ABC ∆的外心，130BOC ∠=︒，求A ∠．”嘉嘉的解答为：画ABC ∆以及它的外接圆O ，连接OB ，OC ，如图．由2130BOC A ∠=∠=︒，得65A ∠=︒．而淇淇说：“嘉嘉考虑的不周全，A ∠还应有另一个不同的值．”，下列判断正确的是（ ）A. 淇淇说的对，且A ∠的另一个值是115°B. 淇淇说的不对，A ∠就得65°C. 嘉嘉求的结果不对，A ∠应得50°D. 两人都不对，A ∠应有3个不同值解：如图所示：∵∵BOC=130°，∵∵A=65°，∵A 还应有另一个不同的值∵A′与∵A 互补．故∵A′＝180°−65°＝115°．9.（2020河北）.正六边形的一个内角是正n 边形一个外角的4倍，则n =_________． 解：由多边形的外角和定理可知，正六边形的外角为：360°÷6=60°，故正六边形的内角为180°-60°=120°，又正六边形的一个内角是正n 边形一个外角的4倍，∵正n 边形的外角为30°，∵正n 边形的边数为：360°÷30°=12．故答案为：12．故选：A ．10.(2020苏州）如图，在扇形OAB 中，已知90AOB ∠=︒，OA =AB 的中点C 作CD OA ⊥，CE OB ⊥，垂足分别为D 、E ，则图中阴影部分的面积为（ ）A. 1π-B. 12π-C. 12π-D. 122π- 解：连接OC点C 为AB 的中点AOC BOC ∠=∠∴在CDO 和CEO 中90AOC BOC CDO CEO CO CO ∠=∠⎧⎪∠=∠=︒⎨⎪=⎩()CDO CEO AAS ∴≅△△,OD OE CD CE ∴==又90CDO CEO DOE ∠=∠=∠=︒∴四边形CDOE 为正方形OC OA ==1OD OE ∴===11=1CDOE S ∴⨯正方形由扇形面积公式得290==3602AOB S ππ⨯扇形==12CDOE AOB S S S π∴--阴影正方形扇形故选B ．11.（2020乐山）在ABC ∆中，已知90ABC ∠=︒，30BAC ∠=︒，1BC =．如图所示，将ABC ∆绕点A 按逆时针方向旋转90︒后得到''AB C ∆．则图中阴影部分面积（ ）A. 4πB.C.D. 解：在Rt∵ABC 中，∵30BAC ∠=︒，∵AC=2BC=2，∵AB =∵ABC ∆绕点A 按逆时针方向旋转90︒后得到''AB C ∆，∵='''1,'90AB AB BC B C CAC ===∠=∵'60CAB ∠= ∵()22''''9039021==1=3602360AB C CAC DAB S S S S πππ---⨯-阴影扇形扇形故选：B12．（2020南京）（2分）如图，在平面直角坐标系中，点P 在第一象限，P 与x 轴、y 轴都相切，且经过矩形AOBC 的顶点C ，与BC 相交于点D ．若P 的半径为5，点A 的坐标是(0,8)．则点D 的坐标是( )A ．(9,2)B ．(9,3)C ．(10,2)D ．(10,3) 解：设O 与x 、y 轴相切的切点分别是F 、E 点，连接PE 、PF 、PD ，延长EP 与CD 交于点G ，则PE y ⊥轴，PF x ⊥轴，90EOF ∠=︒，∴四边形PEOF 是矩形，PE PF =，//PE OF ，∴四边形PEOF 为正方形，5OE PF PE OF ∴====，(0,8)A ，8OA ∴=，853AE ∴=-=，四边形OACB 为矩形，8BC OA ∴==，//BC OA ，//AC OB ，//EG AC ∴，∴四边形AEGC 为平行四边形，四边形OEGB 为平行四边形，3CG AE ∴==，EG OB =，PE AO ⊥，//AO CB ，PG CD ∴⊥，26CD CG ∴==，862DB BC CD ∴=-=-=，5PD =，3DG CG ==，4PG ∴=，549OB EG ∴==+=，(9,2)D ∴．故选：A ．13.（2020湖北黄冈）如果一个多边形的每一个外角都是36°，那么这个多边形的边数是（） A. 7 B. 8 C. 9 D. 10【答案】D【详解】∵一个多边形的每个外角都是36°，∵n =360°÷36°=10．故选D ．14.（2020无锡）正十边形的每一个外角的度数为（ ）A. 36︒B. 30C. 144︒D. 150︒解：360°÷10＝36°，故选：A ． 15.（2020山东青岛）.如图，BD 是O 的直径，点A ，C 在O 上，AB AD =，AC 交BD 于点G ．若126COD ∠=︒．则AGB ∠的度数为（ ）A. 99︒B. 108︒C. 110︒D. 117︒ 解：∵BD 是O 的直径∵∵BAD 90=︒∵AB AD = ∵AB AD = ∵∵ABD 45=︒∵126COD ∠=︒ ∵∵1CAD 632COD =∠=︒ ∵∵BAG 906327=︒-︒=︒ ∵∵AGB 1802745108=︒-︒-︒=︒故选：B ．16.（2020湖北武汉）如图，在半径为3的∵O 中，AB 是直径，AC 是弦，D 是AC 的中点，AC 与BD 交于点E ．若E 是BD 的中点，则AC 的长是（ ）A. B. C. D. 【答案】D解：连接DO 、DA 、DC 、OC ，设DO 与AC 交于点H ，如下图所示，∵D 是AC 的中点，∵DA=DC ，∵D 在线段AC 的垂直平分线上，∵OC=OA ，∵O 在线段AC 的垂直平分线上，∵DO∵AC ，∵DHC=90°，∵AB 是圆的直径，∵∵BCA=90°，∵E 是BD 的中点，∵DE=BE ，且∵DEH=∵BEC ，∵∵DHE∵∵BCE(AAS)，∵DH=BC ，又O 是AB 中点，H 是AC 中点，∵HO 是∵ABC 的中位线，设OH=x ，则BC=DH=2x ，∵OD=3x=3，∵x=1，即BC=2x=2，Rt∵ABC 中，==AC 故选：D ．17.（2020重庆A 卷）如图，AB 是O 的切线，A 切点，连接OA ，OB ，若20B ∠=︒，则AOB ∠的度数为（ ）A. 40°B. 50°C. 60°D. 70° 解：∵AB 是O 的切线∴90?OAB ∠=B OA ∵20B ∠=︒∴18070AOB OAB B ∠=︒-∠-∠=︒故选D.18.（2020重庆B 卷）如图，AB 是⊙O 的直径，A 为切点，连接OA,OB ，若∠B=35°， 则∠AOB 的度数为（ ）A.65°B.55°C.45°D.35°答案B. 19．（2020四川南充）（4分）如图，四个三角形拼成一个风车图形，若AB ＝2，当风车转动90°，点B 运动路径的长度为（ ）A ．πB ．2πC ．3πD ．4π 解：由题意可得：点B 运动路径的长度为=90×π×2180=π， 故选：A ．20.(2020甘肃定西）如图，A 是O 上一点，BC 是直径，2AC =，4AB =，点D 在O 上且平分BC ，则DC 的长为（ ）A.C.答案：D21．（2020吉林）（2分）如图，四边形ABCD 内接于⊙O ，若∠B ＝108°，则∠D 的大小为（ ）A．54°B．62°C．72°D．82°解：∵四边形ABCD内接于⊙O，∠B＝108°，∴∠D＝180°﹣∠B＝180°﹣108°＝72°，故选：C．22．（2020宁夏）（3分）如图，等腰直角三角形ABC中，∠C＝90°，AC＝，以点C为圆心画弧与斜边AB相切于点D，交AC于点E，交BC于点F，则图中阴影部分的面积是（）A．1﹣B．C．2﹣D．1+解：连接CD，如图，∵AB是圆C的切线，∴CD⊥AB，∵△ABC是等腰直角三角形，∴AB＝AC＝×＝2，∴CD＝AB＝1，∴图中阴影部分的面积＝S△ABC﹣S扇形ECF＝××﹣＝1﹣．故选：A．23．（2020江苏泰州）（3分）如图，半径为10的扇形AOB 中，90AOB ∠=︒，C 为AB 上一点，CD OA ⊥，CE OB ⊥，垂足分别为D 、E ．若CDE ∠为36︒，则图中阴影部分的面积为( )A ．10πB ．9πC ．8πD ．6π【解答】解：连接OC ，90AOB ∠=︒，CD OA ⊥，CE OB ⊥，∴四边形CDOE 是矩形，//CD OE ∴，36DEO CDE ∴∠=∠=︒，由矩形CDOE 易得到DOE CEO ∆≅∆，36COB DEO ∴∠=∠=︒∴图中阴影部分的面积=扇形OBC 的面积，2361010360OBC S ππ⋅⨯==扇形 ∴图中阴影部分的面积10π=，故选：A ．24．（2020四川遂宁）（4分）如图，在Rt △ABC 中，∠C ＝90°，AC ＝BC ，点O 在AB 上，经过点A 的⊙O 与BC 相切于点D ，交AB 于点E ，若CD =√2，则图中阴影部分面积为（ ）A．4−π2B．2−π2C．2﹣πD．1−π4【解答】解：连接OD，过O作OH⊥AC于H，如图，∵∠C＝90°，AC＝BC，∴∠B＝∠CAB＝45°，∵⊙O与BC相切于点D，∴OD⊥BC，∴四边形ODCH为矩形，∴OH＝CD=√2，在Rt△OAH中，∠OAH＝45°，∴OA=√2OH＝2，在Rt△OBD中，∵∠B＝45°，∴∠BOD＝45°，BD＝OD＝2，∴图中阴影部分面积＝S△OBD﹣S扇形DOE=12×2×2−45×π×2180＝2−12π．故选：B．25．（3分）（2020•徐州）如图，AB是⊙O的弦，点C在过点B的切线上，OC⊥OA，OC 交AB于点P．若∠BPC＝70°，则∠ABC的度数等于（）A．75°B．70°C．65°D．60°解：∵OC⊥OA，∴∠AOC＝90°，∵∠APO＝∠BPC＝70°，∴∠A＝90°﹣70°＝20°，∵OA＝OB，∴∠OBA＝∠A＝20°，∵BC为⊙O的切线，∴OB⊥BC，∴∠OBC＝90°，∴∠ABC＝90°﹣20°＝70°．故选：B．26．（3分）（2020•荆门）如图，⊙O中，OC⊥AB，∠APC＝28°，则∠BOC的度数为（）A．14°B．28°C．42°D．56°解：∵在⊙O中，OC⊥AB，∴AĈ=BĈ，∵∠APC＝28°，∴∠BOC＝2∠APC＝56°，选：D．27．（3分）（2020•常德）一个圆锥的底面半径r＝10，高h＝20，则这个圆锥的侧面积是（）A．100√3πB．200√3πC．100√5πD．200√5π解：这个圆锥的母线长=√102+202=10√5，这个圆锥的侧面积=12×2π×10×10√5=100√5π．故选：C．28．（2020山西）（3分）中国美食讲究色香味美，优雅的摆盘造型也会让美食锦上添花．图①中的摆盘，其形状是扇形的一部分，图②是其几何示意图（阴影部分为摆盘），通过测量得到AC＝BD＝12cm，C，D两点之间的距离为4cm，圆心角为60°，则图中摆盘的面积是（）A．80πcm2B．40πcm2C．24πcm2D．2πcm2解：如图，连接CD．∵OC ＝OD ，∠O ＝60°，∴△COD 是等边三角形，∴OC ＝OD ＝CD ＝4cm ，∴S 阴＝S 扇形OAB ﹣S 扇形OCD ＝﹣＝40π（cm 2），选：B ．29．（2020青海）（3分）如图是一个废弃的扇形统计图，小明同学利用它的阴影部分制作一个圆锥，则这个圆锥的底面半径是（ ）A ．3.6B ．1.8C ．3D ．6解：设这个圆锥的底面半径为r ，根据题意得2πr ＝， 解得r ＝3.6，即这个圆锥的底面半径是3.6． 故选：A ．30．（2020山东滨州）（3分）在O 中，直径15AB =，弦DE AB ⊥于点C ，若:3:5OC OB =，则DE 的长为( )A ．6B ．9C ．12D ．15 解：如图所示：直径15AB =，7.5BO ∴=，:3:5OC OB =， 4.5CO ∴=， 226DC DO CO ∴=-=，212DE DC ∴==．故选：C ．31．（2020四川眉山）（4分）如图，四边形ABCD 的外接圆为⊙O ，BC ＝CD ，∠DAC ＝35°，∠ACD ＝45°，则∠ADB 的度数为（ ）A．55°B．60°C．65°D．70°解：∵BC＝CD，∴＝，∴∠BAC＝∠DAC＝35°，∵∠ABD＝∠ACD＝45°，∴∠ADB＝180°﹣∠BAD﹣∠ABD＝180°﹣70°﹣45°＝65°．故选：C．32．（2020云南）（4分）如图，正方形ABCD的边长为4，以点A为圆心，AD为半径，画圆弧DE得到扇形DAE（阴影部分，点E在对角线AC上）．若扇形DAE正好是一个圆锥的侧面展开图，则该圆锥的底面圆的半径是（）A．B．1C．D．解：设圆椎的底面圆的半径为r，根据题意可知：AD＝AE＝4，∠DAE＝45°，∴2πr＝，解得r＝．答：该圆锥的底面圆的半径是．故选：D．33．（3分）（2020•怀化）若一个多边形的内角和为1080°，则这个多边形的边数为（）A．6B．7C．8D．9解：根据题意得：180（n﹣2）＝1080，解得：n＝8．故选：C．34．（2020山东泰安）（4分）如图，P A是⊙O的切线，点A为切点，OP交⊙O于点B，∠P＝10°，点C在⊙O上，OC∥AB．则∠BAC等于（）A ．20°B ．25°C ．30°D ．50°解：连接OA ，∵P A 是⊙O 的切线，∴OA ⊥AP ，∴∠P AO ＝90°，∴∠AOP ＝90°﹣∠P ＝80°，∵OA ＝OB ，∴∠OAB ＝∠OBA ＝50°，∵OC ∥AB ，∴∠BOC ＝∠OBA ＝50°，由圆周角定理得，∠BAC =12∠BOC ＝25°，故选：B ．35．（2020山东泰安）（4分）如图，△ABC 是⊙O 的内接三角形，AB ＝BC ，∠BAC ＝30°，AD 是直径，AD ＝8，则AC 的长为（ ）A ．4B ．4√3C ．83√3D ．2√3选：B ．36．（2020浙江温州）（4分）如图，菱形OABC 的顶点A ，B ，C 在⊙O 上，过点B 作⊙O 的切线交OA 的延长线于点D ．若⊙O 的半径为1，则BD 的长为（ ）A．1B．2C．√2D．√3【解答】解：连接OB，∵四边形OABC是菱形，∴OA＝AB，∵OA＝OB，∴OA＝AB＝OB，∴∠AOB＝60°，∵BD是⊙O的切线，∴∠DBO＝90°，∵OB＝1，∴BD=√3OB=√3，故选：D．37．（2020海南）（3分）如图，已知AB是⊙O的直径，CD是弦，若∠BCD＝36°，则∠ABD等于（）A．54°B．56°C．64°D．66°解：∵AB是⊙O的直径，∴∠ADB＝90°，∵∠DAB＝∠BCD＝36°，∴∠ABD＝∠ADB﹣∠DAB＝90°﹣36°＝54°．故选：A．38．（4分）（2020•株洲）如图所示，点A、B、C对应的刻度分别为0、2、4、将线段CA 绕点C按顺时针方向旋转，当点A首次落在矩形BCDE的边BE上时，记为点A1，则此时线段CA扫过的图形的面积为（）A ．4πB ．6C ．4√3D ．83π 解：由题意，知AC ＝4，BC ＝4﹣2＝2，∠A 1BC ＝90°．由旋转的性质，得A 1C ＝AC ＝4．在Rt △A 1BC 中，cos ∠ACA 1=BC A 1C =12． ∴∠ACA 1＝60°．∴扇形ACA 1的面积为60×π×42360=83π．即线段CA 扫过的图形的面积为83π． 故选：D ．二、填空题39．（2020成都）（4分）如图，A ，B ，C 是O 上的三个点，50AOB ∠=︒，55B ∠=︒，则A ∠的度数为 30︒ ．【解答】解：OB OC =，55B ∠=︒180270BOC B ∴∠=︒-∠=︒，50AOB ∠=︒，7050120AOC AOB BOC ∴∠=∠+∠=︒+︒=︒，OA OC =，180120302A OCA ︒-︒∴∠=∠==︒， 故答案为：30︒．40.（2020福建）一个扇形的圆心角是90︒，半径为4，则这个扇形的面积为______．（结果保留π）【答案】4π解：∵扇形的半径为4，圆心角为90°，∵扇形的面积是：29044360ππ⨯⨯==S ．故答案为：4π． 41.（2020福建）如图所示的六边形花环是用六个全等的直角三角形拼成的，则ABC ∠等于_______度．【答案】30【详解】解：由题意六边形花环是用六个全等的直角三角形拼成，可得BD=AC ，BC=AF ， ∵CD=CF ，同理可证小六边形其他的边也相等，即里面的小六边形也是正六边形，∵∵1=()1621801206-⨯︒=︒， ∵∵2=180°-120°=60°，∵∵ABC=30°，故答案为：30．42．（2020陕西）如图，在正五边形ABCDE 中，DM 是边CD 的延长线，连接BD ，则∠BDM 的度数是 144° ．【解答】解：因为五边形ABCDE 是正五边形，所以∠C ＝＝108°，BC ＝DC ， 所以∠BDC ＝＝36°，所以∠BDM ＝180°﹣36°＝144°，故答案为：144°．43．（2020哈尔滨）（3分）一个扇形的面积是213cm π，半径是6cm ，则此扇形的圆心角是 130 度．【解答】解：设这个扇形的圆心角为n ︒，2613360n ππ⨯=，解得，130n =， 故答案为：130．44．(2020杭州)（4分）如图，已知AB 是⊙O 的直径，BC 与⊙O 相切于点B ，连接AC ，OC ．若sin ∠BAC =13，则tan ∠BOC ＝ √22．【解答】解：∵AB 是⊙O 的直径，BC 与⊙O 相切于点B ，∴AB ⊥BC ，∴∠ABC ＝90°，∵sin ∠BAC =BC AC =13，∴设BC ＝x ，AC ＝3x ，∴AB =√AC 2−BC 2=√(3x)2−x 2=2√2x ，∴OB =12AB =√2x ，∴tan ∠BOC =BC OB =x √2x =√22， 故答案为：√22． 45.（2020河南）.如图，在扇形BOC 中，60,BOC OD ∠=︒平分BOC ∠交狐BC 于点D ．点E 为半径OB 上一动点若2OB =，则阴影部分周长的最小值为__________．【答案】.3π 【详解】解：C 阴影＝,CE DE CD ++∴ C 阴影最短，则CE DE +最短，如图，作扇形OCB 关于OB 对称的扇形,OAB 连接AD 交OB 于E ，则,CE AE =,CE DE AE DE AD ∴+=+=此时E 点满足CE DE +最短，60,COB AOB OD ∠=∠=︒平分,CB30,90,DOB DOA ∴∠=︒∠=︒2,OB OA OD ===AD ∴==而CD 的长为：302,1803ππ⨯=∴ C 阴影最短为.3π故答案为：.3π46..(2020苏州）如图，已知AB 是O 的直径，AC 是O 的切线，连接OC 交O 于点D ，连接BD ．若40C ∠=︒，则B 的度数是_________︒．【详解】解：∵AC 是O 的切线，∵∵OAC=90°∵40C ∠=︒，∵∵AOD=50°， ∵∵B=12∵AOD=25° 故答案为：25．47．（2020南京）（2分）如图，在边长为2cm 的正六边形ABCDEF 中，点P 在BC 上，则PEF ∆的面积为 2．【解答】解：连接BF ，BE ，过点A 作AT BF ⊥于TABCDEF 是正六边形，//CB EF ∴，AB AF =，120BAF ∠=︒，PEF BEF S S ∆∆∴=，AT BE ⊥，AB AF =，BT FT ∴=，60BAT FAT ∠=∠=︒，sin 60BT FT AB ∴==︒=2BF BT ∴==，120AFE ∠=︒，30AFB ABF ∠=∠=︒，90BFE ∴∠=︒，11222PEF BEF S S EF BF ∆∆∴===⨯⨯=故答案为48.（2020贵阳）如图，ABC ∆是O 的内接正三角形，点O 是圆心，点D ，E 分别在边AC ，AB 上，若DA EB =，则DOE ∠的度数是____度．【答案】120解：连接OA ，OB ，作OH∵AC ，OM∵AB ，如下图所示：因为等边三角形ABC ，OH∵AC ，OM∵AB ，由垂径定理得：AH=AM ，又因为OA=OA ，故∵OAH ≅∵OAM （HL ）．∵∵OAH=∵OAM ．又∵OA=OB,AD=EB,∵∵OAB=∵OBA=∵OAD,∵∵ODA ∵OEB （SAS ）,∵∵DOA=∵EOB,∵∵DOE=∵DOA+∵AOE=∵AOE+∵EOB=∵AOB ．又∵∵C=60°以及同弧AB ，∵∵AOB=∵DOE=120°．故本题答案为：120．49．（2020贵州黔西南）（3分）如图，在△ABC 中，CA ＝CB ，∠ACB ＝90°，AB ＝2，点D 为AB 的中点，以点D 为圆心作圆心角为90°的扇形DEF ，点C 恰在弧EF 上，则图中阴影部分的面积为 π4−12 ．【解答】解：连接CD ，作DM ⊥BC ，DN ⊥AC ．∵CA ＝CB ，∠ACB ＝90°，点D 为AB 的中点，∴DC =12AB ＝1，四边形DMCN 是正方形，DM =√22．则扇形FDE 的面积是：90π×12360=π4．∵CA ＝CB ，∠ACB ＝90°，点D 为AB 的中点，∴CD 平分∠BCA ，又∵DM ⊥BC ，DN ⊥AC ，∴DM ＝DN ，∵∠GDH ＝∠MDN ＝90°，∴∠GDM ＝∠HDN ，在△DMG 和△DNH 中，{∠DMG =∠DNH∠GDM =∠HDN DM =DN，∴△DMG ≌△DNH （AAS ），∴S 四边形DGCH ＝S 四边形DMCN =12．则阴影部分的面积是：π4−12． 故答案为π4−12．50.（2020无锡）已知圆锥的底面半径为1cm ，则它的侧面展开图的面积为=__________．解：根据题意可知，圆锥的底面半径r=1cm ，高，∵圆锥的母线2l ==，∵S 侧=πrl=π×1×2=2π（cm 2）．故答案为：2πcm 2．51.（2020长沙）.若一个圆锥的母线长是3，底面半径是1，则它的侧面展开图的面积是_____． 解：圆锥的底面周长为：2×π×1＝2π， 侧面积为：12×2π×3＝3π． 故答案为：3π．52.（2020长沙）如图，点P 在以MN 为直径的半圆上运动，（点P 与M ，N 不重合）,PQ MN NE ⊥平分MNP ∠，交PM 于点E ，交PQ 于点F ． (1) PF PE PQ PM+=___________________．(2)若2PN PM PN =⋅，则MQ NQ =___________________．【答案】 (1). 1 (2). 1解：(1)如图所示，过E 作GE MN ⊥于G ，则90NGE ∠=︒，∵MN 为半圆的直径，∵90MPN ∠=︒，又∵NE 平分MNP ∠，90NGE ∠=︒,∵PE GE =．∵NE 平分MNP ∠，∵PNE MNE ∠=∠，∵90EPN FQN ∠=∠=︒，∵90,90PNE PEN MNE QFN ∠+∠=︒∠+∠=︒,又QFN PFE ∠=∠，∵90,90PNE PEN MNE PFE ∠+∠=︒∠+∠=︒，又∵PNE MNE ∠=∠，∵PEN PFE ∠=∠，∵PE PF =,又∵PE GE =，∵GE PF =．∵PQ MN ⊥，GE MN ⊥，∵//GE PQ ，∵在PMQ 中，EM GE PM PQ=, 又∵EM PM PE =-, ∵PM PE GE PM PQ-=， ∵将GE PF =，PE PF =，代入PM PE GE PM PQ -=得，PM PF PF PM PQ -=, ∵1PF PE PM PF PF PQ PM PM PM-+=+=， 即1PF PE PQ PM+=． (2)∵2PN PM PN =⋅，∵PN PM =，又∵PQ MN ⊥，∵PQ 平分MN ，即MQ NQ =, ∵1MQ NQ=， 故答案为：(1) 1PF PE PQ PM +=；(2) 1MQ NQ=． 53.（2020山东青岛）如图，在ABC 中，O 为BC 边上的一点，以O 为圆心的半圆分别与AB ，AC 相切于点M ，N ．已知120BAC ∠=︒，16AB AC +=，MN 的长为π，则图中阴影部分的面积为__________．解：如图，连接OM 、ON 、OA ，设半圆分别交BC 于点E ，F ，则OM∵AB ，ON∵AC ，∵∵AMO=∵ANO=90º，∵∵BAC=120º，∵∵MON=60º，∵MN 的长为π，∵60180OM ππ=， ∵OM=3，∵在Rt∵AMO 和Rt∵ANO 中， OM ON OA OA =⎧⎨=⎩， ∵Rt∵AMO∵Rt∵ANO(HL)，∵∵AOM=∵AON=12∵MON=30º，∵AM=OM·tan30º=33⨯= ∵122332AMO AMON S SAM OM ==⨯=四边形 ∵∵MON=60º， ∵∵MOE+∵NOF=120º，∵211=3=333MOE NOF S S S ππ+=圆扇形扇形， ∵图中阴影面积为()AOB AOC AMON MOE NOF SS S S S +--+四边形扇形扇形=13()32AB AC π⨯+-=243π-，故答案为：243π-．54.（2020重庆A 卷）若多边形的内角和是外角和的2倍，则该多边形是_____边形.【答案】六55.（2020重庆A 卷）如图，在边长为2的正方形ABCD 中，对角线AC 的中点为O ，分别以点A ，C 为圆心，以AO 的长为半径画弧，分别与正方形的边相交．则图中的阴影部分的面积为__________．（结果保留π）【答案】4π- 解：由图可知，S 2ABCD S S =-阴影扇形，224ABCD S =⨯=，∵四边形ABCD 是正方形，边长为2，∴AC ，∵点O 是AC 的中点，∴，∴2903602S ππ︒==︒扇形,∴S 2=4-ABCD S S π=-阴影扇形， 故答案为：4π-．56．（2020上海）（4分）在矩形ABCD 中，AB ＝6，BC ＝8，点O 在对角线AC 上，圆O 的半径为2，如果圆O 与矩形ABCD 的各边都没有公共点，那么线段AO 长的取值范围是103＜AO ＜203 ．【解答】解：在矩形ABCD 中，∵∠D ＝90°，AB ＝6，BC ＝8， ∴AC ＝10，如图1，设⊙O 与AD 边相切于E ，连接OE ， 则OE ⊥AD ， ∴OE ∥CD ， ∴△AOE ∽△ACD ， ∴OE CD=AO AC，∴AO 10=26，∴AO =103， 如图2，设⊙O 与BC 边相切于F ，连接OF ， 则OF ⊥BC ，∴OF ∥AB ， ∴△COF ∽△CAB ，∴OC AC=OF AB，OD C B A HG FE O DC B A ∴OC 10=26，∴OC =103，∴AO =203， ∴如果圆O 与矩形ABCD 的各边都没有公共点，那么线段AO 长的取值范围是103＜AO ＜203， 故答案为：103＜AO ＜203．57.（2020重庆B 卷）如图，在菱形ABCD 中，对角线AC ，BD 交于点O ，∠ABC=120°，AB=2√3，以点O 为圆心，OB 长为半径画弧，分别与菱形的边相交，则图中阴影部分的面积为 .（结果保留π）解析：如图，菱形面积的二分之一减去两个60°扇形的面积.答案：3√3−π.58．（2020新疆生产建设兵团）（5分）如图，⊙O 的半径是2，扇形BAC 的圆心角为60°．若将扇形BAC 剪下围成一个圆锥，则此圆锥的底面圆的半径为√33．解：连接OA ，作OD ⊥AB 于点D ．在直角△OAD 中，OA ＝2，∠OAD =12∠BAC ＝30°， 则AD ＝OA •cos30°=√3． 则AB ＝2AD ＝2√3， 则扇形的弧长是：60⋅π×2√3180=2√33π，设底面圆的半径是r ，则2π×r =2√33π， 解得：r =√33． 故答案为：√33．59．（2020四川南充）（4分）△ABC 内接于⊙O ，AB 为⊙O 的直径，将△ABC 绕点C 旋转到△EDC ，点E 在⊙O 上，已知AE ＝2，tan D ＝3，则AB ＝103．【解答】解：∵AB 为⊙O 的直径， ∴∠AEB ＝∠ACB ＝90°， ∵将△ABC 绕点C 旋转到△EDC ，∴AC ＝CE ，BC ＝CD ，∠ACE ＝∠BCD ，∠ECD ＝∠ACB ＝90°， ∵tan D =CECD =3，∴设CE ＝3x ，CD ＝x ，∴DE =√10x ， ∵∠ACE ＝∠BCD ，∠D ＝∠ABC ＝∠AEC ，∴△ACE ∽△DCB ，∴AC BC=CE CD=AE BD=3，∵AE ＝2，∴BD =23∴BE ＝DE ﹣BD =√10x −23，∵AE 2+BE 2＝AB 2，∴22+（√10x −23）2＝（√10x ）2， ∴x =√103，∴AB ＝DE =103， 故答案为：103．60．(2020甘肃定西）若一个扇形的圆心角为60°，面积为2cm 6π，则这个扇形的弧长为_________cm （结果保留π）. 答案：3π 61．（2020吉林）（3分）如图，在四边形ABCD 中，AB ＝CB ，AD ＝CD ，我们把这种两组邻边分别相等的四边形叫做“筝形”．筝形ABCD 的对角线AC ，BD 相交于点O ．以点B 为圆心，BO 长为半径画弧，分别交AB ，BC 于点E ，F ．若∠ABD ＝∠ACD ＝30°，AD ＝1，则的长为（结果保留π）．解：在△ABD 与△CBD 中，，∴△ABD ≌△CBD （SSS ），∴∠ABD ＝∠CBD ＝30°，∠ADB ＝∠CDB ，CD ＝AD ＝1， ∴∠ABC ＝60°，∵AD ＝CD ，∠ADB ＝∠CDB ， ∴BD ⊥AC ，且AO ＝CO ， ∴∠ACB ＝90°﹣30°＝60°， ∴∠BCD ＝∠ACB +∠ACD ＝90°， 在Rt △BCD 中，∵∠CBD ＝30°， ∴BD ＝2CD ＝2， 在Rt △COD 中，∵∠ACD ＝30°， ∴OD ＝CD ＝， ∴OB ＝BD ﹣OD ＝2﹣＝，∴的长为：＝，故答案为．62．（2020内蒙古呼和浩特）（3分）如图，△ABC中，D为BC的中点，以D为圆心，BD 长为半径画一弧，交AC于点E，若∠A＝60°，∠ABC＝100°，BC＝4，则扇形BDE 的面积为．解：∵∠A＝60°，∠B＝100°，∴∠C＝20°，又∵D为BC的中点，∵BD＝DC＝BC＝2，DE＝DB，∴DE＝DC＝2，∴∠DEC＝∠C＝20°，∴∠BDE＝40°，∴扇形BDE的面积＝，故答案为：．63．（2020内蒙古呼和浩特）（3分）已知AB为⊙O的直径且长为2r，C为⊙O上异于A，B的点，若AD与过点C的⊙O的切线互相垂直，垂足为D．①若等腰三角形AOC的顶角为120度，则CD＝r，②若△AOC为正三角形，则CD＝r，③若等腰三角形AOC的对称轴经过点D，则CD＝r，④无论点C在何处，将△ADC沿AC折叠，点D 一定落在直径AB上，其中正确结论的序号为②③④．解：①∵∠AOC＝120°，∴∠CAO＝∠ACO＝30°，∵CD和圆O相切，AD⊥CD，∴∠OCD＝90°，AD∥CO，∴∠ACD＝60°，∠CAD＝30°，∴CD＝AC，过点O作OE⊥AC，垂足为E，则CE＝AE＝AC＝CD，而OE＝OC＝r，∠OCA≠∠COE，∴CE≠OE，∴CD≠r，故①错误；②若△AOC为正三角形，∠AOC＝∠OAC＝60°，AC＝OC＝OA＝r，∴∠OAE＝30°，∴OE＝AO，AE＝AO＝r，过点A作AE⊥OC，垂足为E，∴四边形AECD为矩形，∴CD＝AE＝r，故②正确；③若等腰三角形AOC的对称轴经过点D，如图，∴AD＝CD，而∠ADC＝90°，∴∠DAC＝∠DCA＝45°，又∠OCD＝90°，∴∠ACO＝∠CAO＝45°∴∠DAO＝90°，∴四边形AOCD为矩形，∴CD＝AO＝r，故③正确；④过点C作CE⊥AO，垂足为E，∵OC⊥CD，AD⊥CD，∴OC∥AD，∴∠CAD＝∠ACO，∵OC＝OA，∴∠ACO＝∠CAO，∴∠CAD＝∠CAO，∴CD＝CE，在△ADC和△AEC中，∠D＝∠AEC，CD＝CE，AC＝AC，∴△ADC≌△AEC（HL），∴AD＝AE，∴AC垂直平分DE，则点D和点E关于AC对称，即点D一定落在直径上，故④正确．故正确的序号为：②③④，故答案为：②③④．64．（2020宁夏）（3分）我国古代数学经典著作《九章算术》中记载了一个“圆材埋壁”的问题：“今有圆材埋在壁中，不知大小．以锯锯之，深一寸，锯道长一尺．问径几何？”意思是：今有一圆柱形木材，埋在墙壁中，不知其大小．用锯去锯这木材，锯口深ED＝1寸，锯道长AB＝1尺（1尺＝10寸）．问这根圆形木材的直径是26寸．解：由题意可知OE⊥AB，∵OE为⊙O半径，∴尺＝5寸，设半径OA＝OE＝r，∵ED＝1，∴OD＝r﹣1，则Rt△OAD中，根据勾股定理可得：（r﹣1）2+52＝r2，解得：r＝13，∴木材直径为26寸；故答案为：26．65．（2020黑龙江牡丹江）（3分）AB是O的弦，OM AB⊥，垂足为M，连接OA．若AOM∆中有一个角是30︒，23OM=，则弦AB的长为12或4．【解答】解：OM AB⊥，AM BM∴=，若30OAM∠=︒，则233 tan3OMOAMAM AM∠===，6AM∴=，212 AB AM∴==；若30AOM∠=︒，则3 tan323AM AMAOMOM∠===，2AM∴=，24AB AM∴==．故答案为：12或4．66．（2020黑龙江龙东）（3分）如图，AD是ABC∆的外接圆O的直径，若40BAD∠=︒，则ACB∠=50︒．【解答】解：连接BD ，如图，AD 为ABC ∆的外接圆O 的直径，90ABD ∴∠=︒，90904050D BAD ∴∠=︒-∠=︒-︒=︒， 50ACB D ∴∠=∠=︒．故答案为50．67．（2020黑龙江龙东）（3分）小明在手工制作课上，用面积为2150cm π，半径为15cm 的扇形卡纸，围成一个圆锥侧面，则这个圆锥的底面半径为 10 cm ． 解：12S l R =，∴1151502l π=，解得20l π=， 设圆锥的底面半径为r ，220r ππ∴=，10()r cm ∴=． 故答案为：10．68．（2020黑龙江牡丹江）（3分）如图，四边形ABCD 内接于O ，连接BD ．若AC BC =，50BDC ∠=︒，则ADC ∠的度数是( )A ．125︒B ．130︒C ．135︒D ．140︒【解答】解：连接OA ，OB ，OC ， 50BDC ∠=︒，2100BOC BDC ∴∠=∠=︒， AC BC =，100BOC AOC ∴∠=∠=︒，1502ABC AOC ∴∠=∠=︒，180130ADC ABC ∴∠=︒-∠=︒．故选：B ．69．（2020江苏连云港）（3分）用一个圆心角为90︒，半径为20cm 的扇形纸片围成一个圆锥的侧面，这个圆锥的底面圆半径为 5 cm ． 解：设这个圆锥的底面圆半径为r ， 根据题意得90202180r ππ⨯=，解得5()r cm =． 故答案为：5．70．（2020江苏连云港）（3分）如图，正六边形123456A A A A A A 内部有一个正五边形12345B B B B B ，且3434//A A B B ，直线l 经过2B 、3B ，则直线l 与12A A 的夹角α= 48 ︒．【解答】解：延长12A A 交43A A 的延长线于C ，设l 交12A A 于E 、交43A A 于D ，如图所示： 六边形123456A A A A A A 是正六边形，六边形的内角和(62)180720=-⨯︒=︒， 1232347201206A A A A A A ︒∴∠=∠==︒，232318012060CA A A A C ∴∠=∠=︒-︒=︒， 180606060C ∴∠=︒-︒-︒=︒，五边形12345B B B B B 是正五边形，五边形的内角和(52)180540=-⨯︒=︒， 2345401085B B B ︒∴∠==︒， 3434//A A B B ，4234108EDA B B B ∴∠=∠=︒，18010872EDC ∴∠=︒-︒=︒，180180607248CED C EDC α∴=∠=︒-∠-∠=︒-︒-︒=︒，故答案为：48．71．（2020江苏泰州）（3分）如图，直线a b ⊥，垂足为H ，点P 在直线b 上，4PH cm =，O 为直线b 上一动点，若以1cm 为半径的O 与直线a 相切，则OP 的长为 3cm 或5cm ．【解答】解：直线a b ⊥，O 为直线b 上一动点， O ∴与直线a 相切时，切点为H ， 1OH cm ∴=，当点O 在点H 的左侧，O 与直线a 相切时，如图1所示：413()OP PH OH cm =-=-=；当点O 在点H 的右侧，O 与直线a 相切时，如图2所示：415()OP PH OH cm =+=+=；O ∴与直线a 相切，OP 的长为3cm 或5cm ，故答案为：3cm 或5cm ．72．(2020山东枣庄)（4分）如图，AB 是O 的直径，PA 切O 于点A ，线段PO 交O 于点C ．连接BC ，若36P ∠=︒，则B ∠= 27︒ ．【解答】解：PA 切O 于点A ，90OAP ∴∠=︒，36P ∠=︒，54AOP ∴∠=︒，1272B AOP ∴∠=∠=︒． 故答案为：27︒．73．（2020湖南岳阳）（4分）（2020•岳阳）如图，AB 为半圆O 的直径，M ，C 是半圆上的三等分点，AB ＝8，BD 与半圆O 相切于点B ．点P 为AM ̂上一动点（不与点A ，M 重合），直线PC 交BD 于点D ，BE ⊥OC 于点E ，延长BE 交PC 于点F ，则下列结论正确的是 ②⑤ ．（写出所有正确结论的序号）①PB ＝PD ；②BC ̂的长为43π；③∠DBE ＝45°；④△BCF ∽△PFB ；⑤CF •CP 为定值．【解答】解：①连接AC ，并延长AC ，与BD 的延长线交于点H ，如图1，∵M ，C 是半圆上的三等分点，∴∠BAH ＝30°，∵BD 与半圆O 相切于点B ．∴∠ABD ＝90°，∴∠H ＝60°，∵∠ACP ＝∠ABP ，∠ACP ＝∠DCH ，∴∠PDB ＝∠H +∠DCH ＝∠ABP +60°，∵∠PBD ＝90°﹣∠ABP ，若∠PDB ＝∠PBD ，则∠ABP +60°＝90°﹣∠ABP ，∴∠ABP ＝15°，∴P 点为AM̂的中点，这与P 为AM ̂上的一动点不完全吻合， ∴∠PDB 不一定等于∠ABD ，∴PB 不一定等于PD ，故①错误；②∵M ，C 是半圆上的三等分点，∴∠BOC =13×180°=60°，∵直径AB ＝8，∴OB ＝OC ＝4，∴BC ̂的长度=60π×4180=43π， 故②正确；③∵∠BOC ＝60°，OB ＝OC ，∴∠ABC ＝60°，OB ＝OC ＝BC ，∵BE ⊥OC ，∴∠OBE ＝∠CBE ＝30°，∵∠ABD ＝90°，∴∠DBE ＝60°，故③错误；④∵M 、N 是AB̂的三等分点，∴∠BPC ＝30°， ∵∠CBF ＝30°，但∠BFP ＝∠FCB ，∠PBF ＜∠BFC ，∴△BCF ∽△PFB 不成立，故④错误；⑤∵△BCF ∽△PCB ，∴CB CP =CF CB ，∴CF •CP ＝CB 2，∵CB =OB =OC =12AB =4，∴CF •CP ＝16，故⑤正确．故答案为：②⑤．74．（3分）（2020•玉林）如图，在边长为3的正六边形ABCDEF 中，将四边形ADEF 绕顶点A 顺时针旋转到四边形AD 'E 'F ′处，此时边AD ′与对角线AC 重叠，则图中阴影部分的面积是 3π ．解：∵在边长为3的正六边形ABCDEF中，∠DAC＝30°，∠B＝∠BCD＝120°，AB ＝BC，∴∠BAC＝∠BCA＝30°，∴∠ACD＝90°，∵CD＝3，∴AD＝2CD＝6，∴图中阴影部分的面积＝S四边形ADEF+S扇形DAD′﹣S四边形AF′E′D′，∵将四边形ADEF绕顶点A顺时针旋转到四边形AD'E'F′处，∴S四边形ADEF＝S四边形AD′E′F′∴图中阴影部分的面积＝S扇形DAD′=30⋅π×62360=3π，故答案为：3π．75．（3分）（2020•徐州）如图，在Rt△ABC中，∠C＝90°，AC＝4，BC＝3．若以AC所在直线为轴，把△ABC旋转一周，得到一个圆锥，则这个圆锥的侧面积等于15π．【解答】解：由已知得，母线长l＝5，底面圆的半径r为3，∴圆锥的侧面积是s＝πlr＝5×3×π＝15π．故答案为：15π．76．（3分）（2020•徐州）如图，A、B、C、D为一个正多边形的顶点，O为正多边形的中心，若∠ADB＝18°，则这个正多边形的边数为10．【解答】解：连接OA，OB，∵A 、B 、C 、D 为一个正多边形的顶点，O 为正多边形的中心，∴点A 、B 、C 、D 在以点O 为圆心，OA 为半径的同一个圆上，∵∠ADB ＝18°，∴∠AOB ＝2∠ADB ＝36°，∴这个正多边形的边数=360°36°=10， 故答案为：10． 77．（2020贵州遵义）（4分）如图，⊙O 是△ABC 的外接圆，∠BAC ＝45°，AD ⊥BC 于点D ，延长AD 交⊙O 于点E ，若BD ＝4，CD ＝1，则DE 的长是 √41−52 ．【解答】解：连结OB ，OC ，OA ，过O 点作OF ⊥BC 于F ，作OG ⊥AE 于G ， ∵⊙O 是△ABC 的外接圆，∠BAC ＝45°，∴∠BOC ＝90°，∵BD ＝4，CD ＝1，∴BC ＝4+1＝5，∴OB ＝OC =5√22， ∴OA =5√22，OF ＝BF =52，∴DF ＝BD ﹣BF =32， ∴OG =32，GD =52，在Rt △AGO 中，AG =√OA 2−OG 2=√412，∴AD ＝AG +GD =√41+52，∴AD ×DE ＝BD ×CD ，DE =4×1√41+52=√41−52．故答案为：√41−52． 78．（3分）（2020•荆门）如图所示的扇形AOB 中，OA ＝OB ＝2，∠AOB ＝90°，C 为AB̂上一点，∠AOC ＝30°，连接BC ，过C 作OA 的垂线交AO 于点D ，则图中阴影部分的面积为 23π−√32．【解答】解：∵∠AOB ＝90°，∠AOC ＝30°，∴∠BOC ＝60°，∵扇形AOB 中，OA ＝OB ＝2，∴OB ＝OC ＝2，∴△BOC 是等边三角形，∵过C 作OA 的垂线交AO 于点D ，∴∠ODC ＝90°，∵∠AOC ＝30°，∴OD =√32OC =√3，CD =12OC ＝1， ∴图中阴影部分的面积═S 扇形BOC ﹣S △OBC +S △COD=60⋅π×22360−12×2×2×√32+12×√3×1 =23π−√32． 故答案为23π−√32．79．（3分）（2020•烟台）已知正多边形的一个外角等于40°，则这个正多边形的内角和的度数为 1260° ．解：正n 边形的每个外角相等，且其和为360°，据此可得360°n =40°，解得n ＝9．（9﹣2）×180°＝1260°，即这个正多边形的内角和为1260°．故答案为：1260°．80．（2020四川自贡）（4分）如图，矩形ABCD 中，E 是AB 上一点，连接DE ，将△ADE 沿DE 翻折，恰好使点A 落在BC 边的中点F 处，在DF 上取点O ，以O 为圆心，OF 长为半径作半圆与CD 相切于点G ．若AD ＝4，则图中阴影部分的面积为 2√39 ．【解答】解：连接OG ，∵将△ADE 沿DE 翻折，恰好使点A 落在BC 边的中点F 处，∴AD ＝DF ＝4，BF ＝CF ＝2，∵矩形ABCD 中，∠DCF ＝90°，∴∠FDC ＝30°，∴∠DFC ＝60°，∵⊙O 与CD 相切于点G ，∴OG ⊥CD ，∵BC ⊥CD ，∴OG ∥BC ，∴△DOG ∽△DFC ， ∴DO DF =OG FC ， 设OG ＝OF ＝x ，则4−x 4=x 2，解得：x =43，即⊙O 的半径是43． 连接OQ ，作OH ⊥FQ ，∵∠DFC ＝60°，OF ＝OQ ，∴△OFQ 为等边△；同理△OGQ 为等边△；∴∠GOQ ＝∠FOQ ＝60°，OH =√32OQ =2√33，S 扇形OGQ ＝S 扇形OQF ， ∴S 阴影＝（S 矩形OGCH ﹣S 扇形OGQ ﹣S △OQH ）+（S 扇形OQF ﹣S △OFQ ）＝S 矩形OGCH −32S △OFQ =43×2√33−32（12×43×2√33）=2√39． 故答案为：2√39．三、解答题81.（2020北京）如图，AB 为∵O 的直径，C 为BA 延长线上一点，CD 是∵O 的切线，D 为切点，OF∵AD 于点E ，交CD 于点F.（1）求证：∵ADC=∵AOF ；（2）若sinC=13，BD=8，求EF 的长.【解析】（1）证明：连接OD ，∵CD 是∵O 的切线，∴OD ⊥CD ，∴∠ADC+∠ODA=90° ∵OF ⊥AD ，∴∠AOF+∠DAO=90°，∵∠ODA=∠DAO ，∴∠ADC=∠AOF.（2）设半径为r ，在Rt △OCD 中，31sin =C ，∴31=OC OD ，∴r OC r OD 3,==. ∵OA=r ，∴AC=OC -OA=2r∵AB 为∵O 的直径，∴∠ADB=90°，∴OF ∥BD ∴21==AB OA BD OE ，∴OE=4， ∵43==BC OC BD OF ，∴6=OF ，∴2=-=OE OF EF 82．（2020安徽）（10分）如图，AB 是半圆O 的直径，C ，D 是半圆O 上不同于A ，B 的两点，AD BC =，AC 与BD 相交于点F ．BE 是半圆O 所在圆的切线，与AC 的延长线相交于点E ．（1）求证：CBA DAB ∆≅∆；（2）若BE BF =，求证：AC 平分DAB ∠．【解答】（1）证明：AB 是半圆O 的直径，90ACB ADB ∴∠=∠=︒，在Rt CBA ∆与Rt DAB ∆中，BC AD BA AB =⎧⎨=⎩，Rt CBA Rt DAB(HL)∴∆≅∆；（2）解：BE BF =，由（1）知BC EF ⊥，E BFE ∴∠=∠， BE 是半圆O 所在圆的切线，90ABE ∴∠=︒，90E BAE ∴∠+∠=︒，由（1）知90D ∠=︒，90DAF AFD ∴∠+∠=︒，AFD BFE ∠=∠，AFD E ∴∠=∠，90DAF AFD ∴∠=︒-∠，90BAF E ∠=︒-∠，DAF BAF ∴∠=∠，AC ∴平分DAB ∠．83．（2020成都）（10分）如图，在ABC ∆的边BC 上取一点O ，以O 为圆心，OC 为半径画O ，O 与边AB 相切于点D ，AC AD =，连接OA 交O 于点E ，连接CE ，并延长交线段AB 于点F ．（1）求证：AC 是O 的切线；（2）若10AB =，4tan 3B =，求O 的半径； （3）若F 是AB 的中点，试探究BD CE +与AF 的数量关系并说明理由．【解答】解：（1）如图，连接OD ，O 与边AB 相切于点D ，OD AB ∴⊥，即90ADO ∠=︒，AO AO =，AC AD =，OC OD =，()ACO ADO SSS ∴∆≅∆，90ADO ACO ∴∠=∠=︒，又OC 是半径，AC ∴是O 的切线；（2）4tan 3AC B BC==， ∴设4AC x =，3BC x =，222AC BC AB +=，22169100x x ∴+=，2x ∴=，6BC ∴=，8AC AD ==，10AB =，2BD ∴=，222OB OD BD =+，22(6)4OC OC ∴-=+，83OC ∴=， 故O 的半径为83； （3）连接OD ，DE ，由（1）可知：ACO ADO ∆≅∆，90ACO ADO ∴∠=∠=︒，AOC AOD ∠=∠，又CO DO =，OE OE =，()COE DOE SAS ∴∆≅∆，OCE OED ∴∠=∠，OC OE OD ==，OCE OEC OED ODE ∴∠=∠=∠=∠，1801802DEF OEC OED OCE ∴∠=︒-∠-∠=︒-∠，点F 是AB 中点，90ACB ∠=︒，CF BF AF ∴==，FCB FBC ∴∠=∠，1801802DFE BCF CBF OCE ∴∠=︒-∠-∠=︒-∠，DEF DFE ∴∠=∠，DE DF CE ∴==，AF BF DF BD CE BD ∴==+=+．84．（2020广州）（本小题满分14分）如图11，⊙O 为等边△ABC 的外接圆，半径为2，点D 在劣弧AB ︵上运动（不与点A ，B重合），连接DA ，DB ，DC ．（1）求证：DC 是∠ADB 的平分线；（2）四边形ADBC 的面积S 是线段DC 的长x 的函数吗?如果是，求出函数解析式；如果不是，请说明理由；（3）若点M ，N 分别在线段CA ，CB 上运动（不含端点），经过探究发现，点D 运动到每一个确定的位置，△DMN 的周长有最小值t ，随着点D 的运动，t 的值会发生变化，求所有t值中的最大图11O C B D A。
2023年河北省中考数学复习全方位第23讲 多边形与命题 课件
A.18°
B.36°
C.54°
D.72°
）
C
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2. (2021·河北九市模拟)游戏中有数学智慧,找起点游戏规定:从起点走五
段相等直路之后回到起点,要求每走完一段直路后向右边偏行,成功的招
数不止一招,可助我们成功的一招是(
)
A.每走完一段直路后沿向右偏72°方向行走
；每一个外角
条；
正2n边形既是轴对称图形,又是中心对称图形,对称轴有⑧ 2n 条
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考点3
命题
1.命题:判断一件事情的语句叫做命题.命题分为题设和结论两部分.题设是
已知事项,结论是由已知事项推出的事项.
2.真命题和假命题:如果题设成立,那么结论一定成立,这样的命题叫做真命
题;如果题设成立时,不能保证结论一定成立,这样的命题叫做假命题.
(1)甲同学说,θ能取360°;而乙同学说,θ也能取630°.甲、乙
的说法对吗?若对若n边形变为(n+x)边形,发现内角和增加了360°,用列方
程的方法确定 x.
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解:(1)甲对,乙不对.
若θ=360°,令(n-2)×180°=360°,解得n=4,
∴θ能取360°,此时边数n为4.
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2.(2021·邯郸模拟)下列命题是真命题的是(
C)
A.确定性事件发生的概率为1
B.平分弦的直径垂直于弦
C.正多边形都是轴对称图形
D.两边及其一边的对角对应相等的两个三角形全等
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3.(2021·河北模拟)用反证法证明命题“如图,如果AB∥CD,
AB∥EF,那么CD∥EF”时,证明的第一个步骤是(
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xx中考数学试题分类汇编：考点23 多边形一．选择题（共11小题）1．（xx•北京）若正多边形的一个外角是60°，则该正多边形的内角和为（）A．360°B．540°C．720°D．900°【分析】根据多边形的边数与多边形的外角的个数相等，可求出该正多边形的边数，再由多边形的内角和公式求出其内角和．【解答】解：该正多边形的边数为：360°÷60°=6，该正多边形的内角和为：（6﹣2）×180°=720°．故选：C．2．（xx•乌鲁木齐）一个多边形的内角和是720°，这个多边形的边数是（）A．4 B．5 C．6 D．7【分析】根据内角和定理180°•（n﹣2）即可求得．【解答】解：∵多边形的内角和公式为（n﹣2）•180°，∴（n﹣2）×180°=720°，解得n=6，∴这个多边形的边数是6．故选：C．3．（xx•台州）正十边形的每一个内角的度数为（）A．120°B．135°C．140°D．144°【分析】利用正十边形的外角和是360度，并且每个外角都相等，即可求出每个外角的度数；再根据内角与外角的关系可求出正十边形的每个内角的度数；【解答】解：∵一个十边形的每个外角都相等，∴十边形的一个外角为360÷10=36°．∴每个内角的度数为180°﹣36°=144°；故选：D．4．（xx•云南）一个五边形的内角和为（）A．540°B．450°C．360°D．180°【分析】直接利用多边形的内角和公式进行计算即可．【解答】解：解：根据正多边形内角和公式：180°×（5﹣2）=540°，答：一个五边形的内角和是540度，故选：A．5．（xx•大庆）一个正n边形的每一个外角都是36°，则n=（）A．7 B．8 C．9 D．10【分析】由多边形的外角和为360°结合每个外角的度数，即可求出n值，此题得解．【解答】解：∵一个正n边形的每一个外角都是36°，∴n=360°÷36°=10．故选：D．6．（xx•铜仁市）如果一个多边形的内角和是外角和的3倍，则这个多边形的边数是（）A．8 B．9 C．10 D．11【分析】根据多边形的内角和公式及外角的特征计算．【解答】解：多边形的外角和是360°，根据题意得：180°•（n﹣2）=3×360°解得n=8．故选：A．7．（xx•福建）一个n边形的内角和为360°，则n等于（）A．3 B．4 C．5 D．6【分析】n边形的内角和是（n﹣2）•180°，如果已知多边形的内角和，就可以得到一个关于边数的方程，解方程就可以求n．【解答】解：根据n边形的内角和公式，得：（n﹣2）•180=360，解得n=4．故选：B．8．（xx•济宁）如图，在五边形ABCDE中，∠A+∠B+∠E=300°，DP、CP分别平分∠EDC、∠BCD，则∠P=（）A．50°B．55°C．60°D．65°【分析】先根据五边形内角和求得∠ECD+∠BCD，再根据角平分线求得∠PDC+∠PCD，最后根据三角形内角和求得∠P的度数．【解答】解：∵在五边形ABCDE中，∠A+∠B+∠E=300°，∴∠ECD+∠BCD=240°，又∵DP、CP分别平分∠EDC、∠BCD，∴∠PDC+∠PCD=120°，∴△CDP中，∠P=180°﹣（∠PDC+∠PCD）=180°﹣120°=60°．故选：C．9．（xx•呼和浩特）已知一个多边形的内角和为1080°，则这个多边形是（）A．九边形B．八边形C．七边形D．六边形【分析】n边形的内角和是（n﹣2）•180°，如果已知多边形的边数，就可以得到一个关于边数的方程，解方程就可以求出多边形的边数．【解答】解：根据n边形的内角和公式，得（n﹣2）•180=1080，解得n=8．∴这个多边形的边数是8．故选：B．10．（xx•曲靖）若一个正多边形的内角和为720°，则这个正多边形的每一个内角是（）A．60°B．90°C．108°D．120°【分析】根据正多边形的内角和定义（n﹣2）×180°，先求出边数，再用内角和除以边数即可求出这个正多边形的每一个内角．【解答】解：（n﹣2）×180°=720°，∴n﹣2=4，∴n=6．则这个正多边形的每一个内角为720°÷6=120°．故选：D．11．（xx•宁波）已知正多边形的一个外角等于40°，那么这个正多边形的边数为（）A．6 B．7 C．8 D．9【分析】根据正多边形的外角和以及一个外角的度数，求得边数．【解答】解：正多边形的一个外角等于40°，且外角和为360°，则这个正多边形的边数是：360°÷40°=9．故选：D．二．填空题（共13小题）12．（xx•宿迁）若一个多边形的内角和是其外角和的3倍，则这个多边形的边数是8 ．【分析】任何多边形的外角和是360°，即这个多边形的内角和是3×360°．n边形的内角和是（n﹣2）•180°，如果已知多边形的边数，就可以得到一个关于边数的方程，解方程就可以求出多边形的边数．【解答】解：设多边形的边数为n，根据题意，得（n﹣2）•180=3×360，解得n=8．则这个多边形的边数是8．13．（xx•山西）图1是我国古代建筑中的一种窗格，其中冰裂纹图案象征着坚冰出现裂纹并开始消溶，形状无一定规则，代表一种自然和谐美．图2是从图1冰裂纹窗格图案中提取的由五条线段组成的图形，则∠1+∠2+∠3+∠4+∠5= 360 度．【分析】根据多边形的外角和等于360°解答即可．【解答】解：由多边形的外角和等于360°可知，∠1+∠2+∠3+∠4+∠5=360°，故答案为：360°．14．（xx•海南）五边形的内角和的度数是540°．【分析】根据n边形的内角和公式：180°（n﹣2），将n=5代入即可求得答案．【解答】解：五边形的内角和的度数为：180°×（5﹣2）=180°×3=540°．故答案为：540°．15．（xx•怀化）一个多边形的每一个外角都是36°，则这个多边形的边数是10 ．【分析】多边形的外角和是固定的360°，依此可以求出多边形的边数．【解答】解：∵一个多边形的每个外角都等于36°，∴多边形的边数为360°÷36°=10．故答案为：10．16．（xx•临安区）用一条宽相等的足够长的纸条，打一个结，如图（1）所示，然后轻轻拉紧、压平就可以得到如图（2）所示的正五边形ABCDE，其中∠BAC= 36 度．【分析】利用多边形的内角和定理和等腰三角形的性质即可解决问题．【解答】解：∵∠ABC==108°，△ABC是等腰三角形，∴∠BAC=∠BCA=36度．17．（xx•广安）一个n边形的每一个内角等于108°，那么n= 5 ．【分析】首先求得外角的度数，然后利用360度除以外角的度数即可求得．【解答】解：外角的度数是：180°﹣108°=72°，则n==5，故答案为：5．18．（xx•邵阳）如图所示，在四边形ABCD中，AD⊥AB，∠C=110°，它的一个外角∠ADE=60°，则∠B的大小是40°．【分析】根据外角的概念求出∠ADC，根据垂直的定义、四边形的内角和等于360°计算即可．【解答】解：∵∠ADE=60°，∴∠ADC=120°，∵AD⊥AB，∴∠DAB=90°，∴∠B=360°﹣∠C﹣∠ADC﹣∠A=40°，故答案为：40°．19．（xx•南通模拟）已知正n边形的每一个内角为135°，则n= 8 ．【分析】根据多边形的内角就可求得外角，根据多边形的外角和是360°，即可求得外角和中外角的个数，即多边形的边数．【解答】解：多边形的外角是：180﹣135=45°，∴n==8．20．（xx•聊城）如果一个正方形被截掉一个角后，得到一个多边形，那么这个多边形的内角和是540°或360°或180°．【分析】剪掉一个多边形的一个角，则所得新的多边形的角可能增加一个，也可能不变，也可能减少一个，根据多边形的内角和定理即可求解．【解答】解：n边形的内角和是（n﹣2）•180°，边数增加1，则新的多边形的内角和是（4+1﹣2）×180°=540°，所得新的多边形的角不变，则新的多边形的内角和是（4﹣2）×180°=360°，所得新的多边形的边数减少1，则新的多边形的内角和是（4﹣1﹣2）×180°=180°，因而所成的新多边形的内角和是540°或360°或180°．故答案为：540°或360°或180°．21．（xx•上海）通过画出多边形的对角线，可以把多边形内角和问题转化为三角形内角和问题．如果从某个多边形的一个顶点出发的对角线共有2条，那么该多边形的内角和是540 度．【分析】利根据题意得到2条对角线将多边形分割为3个三角形，然后根据三角形内角和可计算出该多边形的内角和．【解答】解：从某个多边形的一个顶点出发的对角线共有2条，则将多边形分割为3个三角形．所以该多边形的内角和是3×180°=540°．故答案为540．22．（xx•郴州）一个正多边形的每个外角为60°，那么这个正多边形的内角和是720°．【分析】先利用多边形的外角和为360°计算出这个正多边形的边数，然后根据内角和公式求解．【解答】解：这个正多边形的边数为=6，所以这个正多边形的内角和=（6﹣2）×180°=720°．故答案为720°．23．（xx•南京）如图，五边形ABCDE是正五边形．若l1∥l2，则∠1﹣∠2= 72 °．【分析】过B点作BF∥l1，根据正五边形的性质可得∠ABC的度数，再根据平行线的性质以及等量关系可得∠1﹣∠2的度数．【解答】解：过B点作BF∥l1，∵五边形ABCDE是正五边形，∴∠ABC=108°，∵BF∥l1，l1∥l2，∴BF∥l2，∴∠3=180°﹣∠1，∠4=∠2，∴180°﹣∠1+∠2=∠ABC=108°，∴∠1﹣∠2=72°．故答案为：72．24．（xx•天门）若一个多边形的每个外角都等于30°，则这个多边形的边数为12 ．【分析】根据已知和多边形的外角和求出边数即可．【解答】解：∵一个多边形的每个外角都等于30°，又∵多边形的外角和等于360°，∴多边形的边数是=12，故答案为：12．如有侵权请联系告知删除，感谢你们的配合！。