最新分子生物学第八章课后答案

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杨荣武主编《分子生物学》课后习题答案.doc

第二章1．想想核酸的A260为什么会下降?肯定是形成双螺旋结构引起的。

那为什么相同序列的核酸，RNA 的A260下降，DNA的A260不变?这说明RNA能形成双链，DNA不能。

那么，为什么RNA能形成双链呢?原因肯定就在RNA和DNA序列上不同的碱基U和T上面。

U和T的含义完全一样，差别在于RNA分子上的U可以和G配对，而DNA分子上的T不能和G配对。

如果这时候能想到这一点，题目的答案也就有了。

本题正确的答案是：1个核酸的A260主要是4个碱基的π电子。

当一个核酸是单链的时候，π电子能吸收较大的光；但核酸为双链的时候，碱基对的堆积效应使π电子吸收较少的光。

于是，题目中的数据告诉我们，第一种序列的DNA和RNA在二级结构上没有什么大的差别。

而对于第二种序列的RNA光吸收大幅度减少，意味着RNA形成了某种双链二级结构，RNA二级结构的一个常见的特征是G和U能够配对。

从第二种序列不难看出，它能够自我配对，形成发夹结构，而降低光吸收。

2． RNA的小沟浅而宽，允许接近碱基边缘。

2′－OH位于小沟，提供氢键供体和受体，起稳定作用。

G：U 摇摆碱基对让G的氨基N2 位于小沟，能够与蛋白质相互作用（如在tRNAAla和同源的氨酰－tRNA 合成酶之间）。

3．（1）核酶由RNA组成，所以一定是RNA双螺旋，为A型。

（2）序列交替出现嘌呤和嘧啶，应该是Z型双螺旋。

（3）既然是DNA，在上述湿度条件下，要么是B型，要么是Z型。

由于B型比Z型更紧密（螺距比Z 型短，每个螺旋单位长度具有更多的电荷，相同数目碱基对的总长度要短）。

因此，1号一定是B型，2号为Z型DNA。

4．（1）（2）Arg（3）Asn和Gln5．使用dUTP代替dTTP并不能改变DNA双螺旋的结构。

T和U的差别只是在T嘧啶环上是否有一个甲基，这个甲基位于双螺旋的大沟之中。

如果用2′－OH取代2′－H，则合成出来的是RNA，于是螺旋变成A－型。

多出来的羟基产生空间位阻，致使RNA无法形成B－型双螺旋。

分子生物学基础知到章节答案智慧树2023年浙江大学

参考答案:
固定解开的DNA链，维持单链状态
18.关于DNA复制起始位点（Ori）,下列哪些说法是正确的?（）。
参考答案:
没有该位点，DNA将无法开始复制
;负责DNA复制起始的一段DNA序列
19.在原核生物细胞中，有三种DNA聚合酶，它们都具有5’至3’DNA聚合酶的催化活性。（）
参考答案:
对
第五章测试
59.质粒DNA提取时，溶液I的主要成分是（）。
参考答案:
葡萄糖
;EDTA
;Tris-HCl
60.外源基因在大肠杆菌中的诱导表达和鉴定可分为哪些步骤（）。
参考答案:
宿主菌的筛选
;重组质粒的构建
;检测及纯化分析
;诱导表达
61.引物设计时的主要注意事项有（）
参考答案:
引物内部应避免形成明显的次级结构
;最佳长度为20～24个核苷酸。
13.常染色质与异染色质的差别主要在于它们在细胞核中所在的位置不同。（）
参考答案:
错
第四章测试
14.DNA复制时的方向为（）。
参考答案:
双向
15.DNA复制发生的时期是（）
参考答案:
分裂间期中的S期
16.DNA复制时负责两条链解开的主要酶是（）
参考答案:
DNA解旋酶
17.单链DNA结合蛋白（SSB）的主要功能是（）
44.以下哪些蛋白是核小体的成分？( )
参考答案:
H4
;H2;H3
45.DNA包裹的主要功能是什么？
参考答案:
null
46.真核细胞的细胞核的直径大概有（）
参考答案:
B
第十章测试
47.以下哪一个不是蛋白质翻译后加工途径？( )

分子生物学第八章课后答案

1，基因家族的分类及其主要表达调控模式。

答：（1），简单多基因家族，真核生物首先是pre rRNA经过特异性甲基化，然后是经RNA 酶的切割便可产生成熟rRNA分子。

原核生物则还要经过核酸酶降解才能产生成熟rRNA分子。

（2），复杂多基因家族，一般由几个相关基因家族构成，基因家族之间由间隔序列隔开，并作为独立的转录单位，可能存在具有不同专一性的组蛋白亚类和发育调控机制。

（3），发育调控的复杂多基因家族，每个基因家族中，基因排列的顺序就是他们在发育阶段的表达顺序。

2，何为外显子和内含子及其结构特点和可变调控？答：大多数真核基因都是由蛋白质编码序列和非蛋白质编码序列组成的，编码序列称为外显子（exon），非编码序列称为内含子（intron）。

结构特点：一个结构基因中编码某一蛋白质不同区域的各个外显子并不连续排列在一起，而是常常被长度不等的内含子所隔离，形成镶嵌排列的断裂方式。

可变调控：不少真核基因的原始转录产物可通过不同剪接方式，产生不同的mRNA，并翻译成不同的蛋白质。

另外，一些核基因由于转录是选择了不同的启动子或者在转录产物上选择了不同的PolyA位点而使转录产物产生不同的二级结构，因而影响剪接过程，最终产生不同的mRNA分子。

3，DNA甲基化对基因表达的调控机制。

答：大量研究表明，DNA甲基化能关闭某些基因达的活性，去甲基化则诱导了基因的重新活化和表达。

三种调控机制：一是DNA甲基化导致了某些区域DNA构象变化，从而影响了蛋白质和DNA的相互作用，抑制了转录因子与启动区DNA的结合效率。

二是促进阻遏蛋白的阻遏作用。

三是DNA的甲基化还提高了该位点的突变频率。

4，真核生物转录元件组成及其分类。

答：启动子，转录模版，RAN聚合酶Ⅱ基础转录所需的蛋白质因子（TFⅡ），RNA聚合酶Ⅱ，增强子，反式作用因子5，增强子的作用机制。

答：增强子是指能使与它连锁的基因转录频率明显增加的DNA序列。

可能有3中作用机制：（1），影响模版附近的DNA双螺旋结构，导致DNA双螺旋弯折或在反式因子的参与下，以蛋白质之间的相互作用为媒介形成增强子鱼启动子之间“成环”连接，活化基因转录。

分子生物学课后答案

分⼦⽣物学课后答案第⼀章绪论1、简述孟德尔、摩尔根与沃森等⼈对分⼦⽣物学发展得主要贡献。

答:孟德尔得对分⼦⽣物学得发展得主要贡献在于她通过豌⾖实验,发现了遗传规律、分离规律及⾃由组合规律;摩尔根得主要贡献在于发现染⾊体得遗传机制,创⽴染⾊体遗传理论,成为现代实验⽣物学奠基⼈;沃森与克⾥克在1953年提出DAN反向双平⾏双螺旋模型。

2、写出DNA与RNA得英⽂全称。

答:脱氧核糖核酸(DNA, Deoxyribonucleic acid), 核糖核酸(RNA, Ribonucleic acid)3、试述“有其⽗必有其⼦”得⽣物学本质。

答:其⽣物学本质就是基因遗传。

⼦代得性质由遗传所得得基因决定,⽽基因由于遗传得作⽤,其基因得⼀半来⾃于⽗⽅,⼀般来⾃于母⽅。

4、早期主要有哪些实验证实DNA就是遗传物质？写出这些实验得主要步骤。

答:⼀,肺炎双球菌感染实验,1,R型菌落粗糙,菌体⽆多糖荚膜,⽆毒,注⼊⼩⿏体内后,⼩⿏不死亡。

2,S型菌落光滑,菌体有多糖荚膜,有毒,注⼊到⼩⿏体内可以使⼩⿏患病死亡。

3,⽤加热得⽅法杀死S型细菌后注⼊到⼩⿏体内,⼩⿏不死亡;⼆,噬菌体侵染细菌得实验:1,噬菌体侵染细菌得实验过程:吸附→侵⼊→复制→组装→释放。

2,DNA中P 得含量多,蛋⽩质中P得含量少;蛋⽩质中有S⽽DNA中没有S,所以⽤放射性同位素35S标记⼀部分噬菌体得蛋⽩质,⽤放射性同位素32P标记另⼀部分噬菌体得DNA。

⽤35P标记蛋⽩质得噬菌体侵染后,细菌体内⽆放射性,即表明噬菌体得蛋⽩质没有进⼊细菌内部;⽽⽤32P标记DNA 得噬菌体侵染细菌后,细菌体内有放射性,即表明噬菌体得DNA进⼊了细菌体内。

三,烟草TMV得重建实验:1957年,Fraenkel-Conrat等⼈,将两个不同得TMV株系(S株系与HR株系)得蛋⽩质与RNA分别提取出来,然后相互对换,将S株系得蛋⽩质与HR株系得RNA,或反过来将HR株系得蛋⽩质与S株系得RNA放在⼀起,重建形成两种杂种病毒,去感染烟草叶⽚。

分子生物学(山东联盟-山东第一医科大学)智慧树知到课后章节答案2023年下山东第一医科大学

分子生物学（山东联盟-山东第一医科大学）智慧树知到课后章节答案2023年下山东第一医科大学山东第一医科大学第一章测试1.真核生物DNA缠绕在组蛋白上构成核小体，核小体含有的蛋白质是答案:H2A、H2B、H3、H4各两分子2.鸟嘌呤和胞嘧啶之间联系是由两对氢键形成答案:错3.核酸中核苷酸之间的连接方式是答案:3',5'磷酸二酯键4.含有稀有碱基比例较多的核酸分子答案:tRNA5.真核细胞m RNA帽样结构中最多见的是答案:m7GpppNmp(Nm)pN6.tRNA的分子结构特征是答案:有反密码环和3'-端C-C-A7.核酸变性后可发生哪种效应答案:增色效应8.Tm值与DNA的分子大小和所含碱基中的G和C所占比例成正比答案:对9.DNA的解链温度指的是答案:A260nm达到最大变化值的50%时的温度第二章测试1.大肠杆菌中主要行使复制功能的酶是答案:DNA聚合酶Ⅲ2.以下哪种酶具有5′-3′外切酶活性答案:DNA聚合酶I3.DNA复制中的引物是答案:由DNA为模板合成的RNA片段4.下列关于DNA复制的叙述，错误的是答案:两条子链均连续合成5.将下列蛋白按其参与DNA复制的顺序排列，正确的是：a = 引物酶b = 解旋酶c = SSBd = DNA 聚合酶 I答案:b,c,a,d6.在原核细胞和真核细胞中，染色体DNA都与组蛋白形成复合体答案:错7.冈崎片段产生的原因是答案:后随链复制与解链方向不同8.原核生物的DNA聚合酶I和DNA聚合酶III都是由一条多肽链组成。

答案:错9.关于大肠杆菌复制起始点的叙述，正确的是答案:其保守序列AT含量较高10.DNA拓扑异构酶的作用是答案:改变DNA分子拓扑构象，理顺DNA链第三章测试1.关于DNA单链断裂的叙述哪一项错误答案:对真核生物来说是致死性的2.关于嘧啶二聚体的形成，下列说法正确的是答案:形式有CC，TC，TT;紫外线照射可引起该损伤;属于DNA链内交联3.所有突变都会引起基因型和表型的改变，因此突变都是有害的答案:错4.常见的DNA损伤修复系统包括答案:切除修复;直接修复;SOS修复;重组修复5.与切除修复过程缺陷有关的疾病是答案:着色性干皮病6.最重要和有效的DNA 修复方式为答案:切除修复7.碱基错配的直接修复是在半甲基化状态下完成的答案:对8.容易产生突变的修复方式是答案:SOS修复第四章测试1.原核生物RNA聚合酶各亚基中与利福平结合的亚基是答案:RNA聚合酶亚基β2.催化真核生物mRNA转录生成的酶是答案:RNA聚合酶Ⅱ3.催化真核生物mRNA生物合成的RNA聚合酶Ⅱ对α-鹅膏蕈碱的反应为答案:高度敏感4.下列关于σ因子的叙述正确的是答案:参与识别DNA模板上转录RNA的特殊起始点5.下列关于DNA复制和转录的描述中哪项是错误的?答案:两过程均需RNA为引物6.原核基因-10区的Pribnow盒是RNA聚合酶对转录起始的辨认位点。

分子生物学智慧树知到课后章节答案2023年下山东农业大学

分子生物学智慧树知到课后章节答案2023年下山东农业大学山东农业大学第一章测试1.格里菲斯转型实验得出了什么结论（）答案:DNA是生命的遗传物质，蛋白质不是遗传物质2.现代遗传工程之父Paul Berg建立了什么技术（）答案:重组DNA技术3.下列哪种技术可以用于测定DNA的序列（）答案:双脱氧终止法4.RNA干扰是指由单链RNA诱发的基因沉默现象，其机制是通过阻碍特定基因的翻译或转录来抑制基因表达。

（）答案:错第二章测试1.比较基因组学是基于基因组图谱和测序基础上，对已知的基因和基因组结构进行比较，来了解基因的功能、表达机理和物种进化的学科。

（）答案:对2.以下哪项是原核生物基因组的结构特点（）答案:操纵子结构3.细菌基因组是（）答案:环状双链DNA4.下列关于基因组表述错误的是（）答案:真核细胞基因组中大部分序列均编码蛋白质产物5.原核生物的结构基因多为单顺反子，真核生物的结构基因多为多顺反子。

( )答案:错6.病毒基因组可以由DNA组成，也可以由RNA组成。

( )答案:对第三章测试1.在原核生物复制子中以下哪种酶除去 RNA 引发体并加入脱氧核糖核苷酸？（）答案:DNA 聚合酶 I2.使 DNA 超螺旋结构松驰的酶是（）。

答案:拓扑异构酶3.从一个复制起点可分出几个复制叉？（）答案:24.所谓半保留复制就是以 DNA 亲本链作为合成新子链 DNA 的模板，这样产生的新的双链 DNA 分子由一条旧链和一条新链组成。

( )答案:对5.DNA 的5′→3′合成意味着当在裸露3′→OH 的基团中添加 dNTP 时，除去无机焦磷酸 DNA链就会伸长。

( )答案:对第四章测试1.对RNA聚合酶的叙述不正确的是（）。

答案:全酶不包括ρ因子2.原核生物RNA聚合酶识别启动子位于（）。

答案:转录起始位点上游3.增强子与启动子的不同在于（）。

答案:增强子与转录启动无直接关系4.启动子总是位于转录起始位点的上游。

基因的分子生物学英文版答案molecular chapter8

Chapter 8 AnswersRNase H is a specific RNase that removes RNA from RNA:DNA hybrids. It leaves the last RNA base pair, which must be removed by a 5’ exonuclease. (This 5’ exonuclease is part of DNA pol I.1. a. See Figures 9.1 and 9.2 for views of the primer:template junction.b. See Figure 9.2. In the reaction, the -OH group at the 3' end of the polynucleotide chain attacks the phosphate of the incoming nucleoside triphosphate, linking the nucleotide to the chain and releasing a pyrophosphate group.The pyrophosphate is rapidly hydrolyzed by an enzyme called pyrophosphatase. The hydrolysis of pyrophosphate releases a substantial amount of free energy (on the order of 10-7 kcal/mol), providing enough free energy to drive the overall reaction forward and to make it effectively irreversible.2. The first mechanism used by DNA polymerase to ensure that the inserted base is correct, called kinetic proofreading, relies on the exclusive ability of correctly paired bases to sit properly within the active site of the enzyme. If the incoming nucleotide is not complementary to the template base at the active site, then the nucleotide cannot properly align with the template and the polymerization reaction becomes much slower. This gives the incorrectly matched nucleotide time to leave the active site and to be replaced by a correctly matched one. Kinetic proofreading reduces polymerase's error rate to about 10-5.The second proofreading mechanism uses the 3' ⌫ 5' exonuclease activity of many DNA polymerases. This activity allows polymerase to backtrack and remove the nucleotide that was most recently incorporated into the primer strand. Although this 3' ⌫ 5' exonuclease activity works on both correctly and incorrectly-matched nucleotides, it is much more active in removing incorrectly matched ones, in part because incorrectly paired bases slow the polymerase down and give the exonuclease more time to work. This second level of proofreading increases the accuracy of replication to about 1 error per 107 bases.3. The "palm," "thumb," and "hand" refer to three different subdomains of the DNA polymerase enzyme.The palm, made up of a β sheet that includes the key components of the polymerase's active site, contributes to replication in several critical ways. First, it binds to metal ions that help remove the hydrogen from the –OH group at the 3' end of the primer, producing a 3' O–that can attack the α phosphate of an incoming nucleoside triphosphate. The metal ions also help to counteract the negative charges of the β and γ phosphates of incoming nucleoside triphosphates as well as the pyrophosphate that is released when a nucleotide is added to a growing primer chain. Finally, the palm contributes to replication accuracy by stabilizing newly synthesized DNA that is correctly base paired; if an incorrect nucleotide is incorporated, the absence of palm-mediated stabilization slows down the polymerase allowing its 3' 5' exonuclease activity to correct the error.The fingers contribute to replication by binding to the incoming nucleoside triphosphates. If the incoming nucleoside triphosphate is complementary to the nucleotide present on the template strand, the fingers move by approximately 40° to "close" around the base pair. This closed state creates a tight pocket that holds the base pair in place and allows catalysis to occur. The fingers also bend the template strand in a way that exposes the nucleotide present at the catalytic site, helping to ensure that the correct base is used for base pairing with the incoming nucleoside triphosphate.The thumb does not contribute directly to catalysis but instead interacts with recently-synthesized DNA to keep the primer and the active site in the correct position and to inhibit the dissociation of the polymerase from the DNA.4. Polymerase can effectively avoid incorporating ribonucleotides into the growing DNA strand because of the precise way in which the enzyme binds deoxyribonucleotides. Specifically, polymerase has two amino acids whose side chains project into the nucleotide binding pocket of the enzyme and occupy the same space that the 2' hydroxyl group of a ribonucleotide would if it were to enter the pocket. Accordingly, ribonucleotides are sterically excluded from the active site of the enzyme.Ribonucleotides are used in vivo to make up the primers that DNA polymerase requires to carry out DNA synthesis. These short RNA primers are synthesized by an enzyme called primase and are required to start both leading and lagging strand synthesis.The ribonucleotides that are incorporated into the strand as a result of primer synthesis (and the extension of the primers by DNA polymerase) are ultimately removed by the 5' ⌫ 3' exonuclease activity of the DNA polymerase I enzyme. DNA polymerase I binds just upstream of the RNA primer, uses its 5' ⌫ 3' exonuclease activity to remove the ribonucleotides, and then replaces them with deoxynucleotides.5. Okazaki observed that the radioactive label ended up in either of two dramatically different size populations. One population, corresponding to the leading strands, was made up of extremely large DNA molecules. The other population, comprising the lagging strands (for example, Okazaki fragments), consisted of very short (1000–2000 nucleotides long) strands of DNA.It was critical for Okazaki to use a short labeling period and then quickly isolate the DNA because Okazaki fragments only exist transiently. As lagging strand synthesis progresses, DNA polymerase I replaces the RNA primers with deoxynucleotides and the strands are linked together by DNA ligase. Accordingly, if Okazaki had waited too long he might have failed to see the short strands because most of the label would have ended up in longer strands of DNA.DNA聚合酶I的具体作用？和RNA primer6. The size of Okazaki fragments in a given organism reflects the specific kinetics governing the association between primase and the other replication components during lagging strand synthesis in the cell. Primase only joins the replication fork periodically, sticking around just long enough to synthesize an RNA primer and thereby trigger lagging strand synthesis. The frequency with which primase joins the fork can differ between organisms, leading to characteristic differences in the length of the Okazaki fragments. In organisms where primase has a high affinity for the other replication factors (such as helicase), for example, the enzyme will associate with the fork more frequently, resulting in shorter Okazaki fragments. Alternatively, when the primase has less affinity for the fork, it will associate less frequently, leading to longer Okazaki fragments.You could experimentally address the role of primase and its association with the replication fork in determining Okazaki fragment length by altering the association and seeing what effect this has on fragment length. For example, you could increase or decrease the concentration of primase in a cell to see if higher concentrations (which should lead tomore frequent primase-fork interactions) result in shorter Okazaki fragments, and if lower concentrations lead to longer ones. You could also isolate mutant forms of primase that have higher or lower affinities for helicase (or other replication components) and ask whether the Okazaki fragment length is altered in the mutant cells.7. DNA upstream of the replication fork is unwound by a class of enzymes called DNA helicases. Helicases, which are typically hexameric protein complexes, encircle one of the two DNA strands upstream of the fork and use the energy provided by ATP hydrolysis to separate the strands. The single-stranded DNA produced by the helicase is rapidly coated by proteins called single-stranded binding protein (SSB), helping to prevent the separated strands from reannealing before the DNA polymerase arrives.The helicase-mediated unwinding of the DNA introduces positive supercoils i nto the double-stranded DNA upstream of the fork. Enzymes called type I topoisomerases remove the supercoils by nicking one of the two strands of the DNA, allowing the strands to rotate until they regain a relaxed state, and then re-sealing the nick. This topoisomerase I activity is critical for replication because, in its absence, the positive supercoils would prevent the replication machinery from advancing.8. Because individual SSB tetramers bind both to DNA and to adjacent tetramers on the DNA, a new tetramer will have more affinity for a spot on the DNA immediately next to an already bound tetramer than it will for DNA with no bound SSB. This difference in affinity provides the basis of the cooperative binding of SSB to single-stranded DNA, and allows SSB to rapidly spread along exposed stretches of single-stranded DNA. In this way, SSB can completely and efficiently coat single-stranded DNA as it ‘from the helicase.9. Sliding clamps are loaded onto and removed from the DNA by specialized, ATP-hydrolyzing protein complexes called sliding clamp loaders. When bound to ATP, the clamp loader opens up the clamp, locates a primer:template junction in the DNA, and places the (still open) clamp around the DNA. The interaction between the clamp loader and the DNA causes the loader to hydrolyze its bound ATP, which causes in turn the clamp loader to release the clamp and dissociate from the DNA. With the clamp loader gone, the clamp closes to form a ring around the DNA.Clamp loaders can also remove clamps from DNA, presumably through a similar ATP-dependent cycle of clamp opening and closing. During replication, however, unloading of the clamp is inhibited by the presence of DNA polymerase, because polymerase and the clamp loader bind to the same face of the clamp. Only when the polymerase has left the clamp (for example, following the completion of the synthesis of an Okazaki fragment), can the clamp loader step in and remove the clamp from the DNA.One major purpose of the clamp's unusual structure is to tether replication components to the DNA, in particular to enhance the processivity of DNA polymerase. Because the clamps are only slowly removed from DNA following replication, the clamps also serve as a marker for recently replicated DNA. Such a marker can be useful for many purposes, for example to target enzymes involved in nucleosome assembly.10. The replisome contains numerous distinct activities, including helicase activity, primase activity, clamp loading activity, and the DNA polymerase and 3' to 5' exonuclease activities provided by DNA Pol III.In a process as complicated as replication, it makes a lot of sense that the enzymes acting to catalyze the various steps of the process work together in a sort of "factory." In this way, for example, sequential steps in the process can occur in a coordinated and efficient way. Having the helicase associated with the polymerase, for instance, allows the DNA to be unwound and then immediately replicated, which is clearly more efficient than if DNA unwinding and replication were uncoupled. Also, the coordinated action of the primase, clamp loader, and polymerase at the replication fork allows rapid synthesis of Okazaki fragments as the fork moves along the chromosome.The association of the various replication components in a single factory also helps them to regulate each other, allowing even greater coordination between the different steps of the process. For example, helicase activity is stimulated by the clamp loader, which actsto keep the helicase from moving too far ahead of the other components of the replication machinery. Another example is provided by the interaction between primase and helicase, the strength of which determines the frequency at which primase joins the replication fork to synthesize RNA primers during lagging strand synthesis, and which therefore also determines Okazaki fragment length.在复制叉(replication fork)处, 由所有参与DNA合成的蛋白质如聚合酶Ⅲ全酶、解旋酶(helicase)、引物酶(primase)组成了一个复制小体(replisome)-----DNA合成工厂.(1)DNA聚合酶Ⅲ全酶与解旋酶间的相互作用: 通过т亚基介导. 相互作用可以使解旋酶活性提高10倍, 因此当解旋酶与DNA聚合酶Ⅲ脱离时,活性的降低使其解链的速率下降,从而保证DNA合成速度与解旋过程高度协调.(2)解旋酶与引物酶间的相互作用, 引物酶与解旋酶及SSB蛋白间的相互作用是一个动态过程,约为1次/秒,而且作用力相对较弱,但与解旋酶的相互作用可使其活性提高1000倍, 一旦引物合成完毕,引物酶从DNA上脱落. 对岗崎片段的长度调节非常重要(原核生物一般为1000-2000bp; 真核生物为100-400bp)11. Initiators discussed in the chapter include DnaA (from E. coli), large T antigen (from the virus SV40), and the ORC complex (found in eukaryotic cells).While these initiators have much in common—they all bind to replicator elements, hydrolyze ATP, and recruit replication factors to the origin, for example—they also differ in important respects. For example, whereas DnaA and large T antigen bind to origins by themselves (or as homomultimers), ORC is a complex made up of six distinct proteins. In addition, both DnaA and T antigen can bind origins even in the absence of ATP, whereas ORC requires ATP binding for any sequence-specific origin binding. Finally, while DnaA and T antigen can both bind to the replicator and directly unwind the DNA, ORC can only bind to the replicator and has to recruit other proteins to do the unwinding.12. The traditional assay used to identify ARS sequences involves inserting random genomic fragments into yeast plasmids containing a selectable marker but lacking a replication origin, and then seeing if any of the plasmids are capable of replicating in yeast. Any genomic fragments that are capable of conferring replication ability on the plasmids must include a functional replication origin. Such fragments are called ARSs, for autonomously replicating sequences.If you identify an ARS using this assay, you can conclude that the sequence is capable of serving as a replication origin in vivo, but you cannot say whether or not the sequence ever actually serves as an origin in vivo. You can imagine a sequence, for example,that is perfectly capable of behaving as an origin (that is, binding the ORC complex, unwinding, and loading replication factors) but which is prevented from ever doing so in vivo because of its genomic location (for example, because of the local chromatin structure, or because it is located next to an even more powerful origin). It is only when the sequence is placed in the relatively simple context of a plasmid during the ARS assay that this potential origin activity is expressed.The best way to assess the in vivo role of a potential origin is to actually observe its behavior in a cell. One standard way to do this involves using a specialized agarose gel assay that can distinguish the "bubble" shaped structure characteristic of replication origins. You could therefore isolate DNA from proliferating cells, digest the DNA using restriction enzymes, run the digested DNA on such a gel, transfer the DNA to a membrane, and probe the transferred DNA using a labeled oligonucleotide specific for your ARS sequence. If your probe hybridizes with the DNA located in the part of the membrane corresponding to the "bubble" structured DNA, you can conclude that your sequence actually does serve as a replication origin in vivo.13. Replication initiation in eukaryotic cells is separated into two distinct steps. In the first step, occurring during the G1 phase of the cell cycle, multiple proteins bind to potential replicators to form a pre-replicative complex (pre-RC) that includes the ORC complex, Cdc6, Cdt1, and the MCM proteins. While pre-RC assembly marks the replicator as a potential site for replication initiation, it does not lead by itself to unwinding of the DNA, nor does it guarantee that the replicator will ultimately serve as a replication origin during S phase. The second step, marked by the appearance of the kinases Ddk and Cdk, occurs at the beginning of S phase. These kinases cause other replication factors to join the origin: first Sld3, Cdc45, and Mcm10, and subsequently the DNA polymerases, sliding clamp loader, primase, and the sliding clamps. Once all of these proteins have joined the origin, replication can begin.The restriction of these two steps to different phases of the cell cycle helps limit replication to once per cell cycle because of the dual role of Cdk in inhibiting pre-RC formation and in promoting origin firing. Specifically, pre-RCs can only form during G1 phase, when Cdk activity is absent, but at the same time the lack of Cdk activity during G1 means that the pre-RCs that form cannot complete origin assembly and initiate replication. Subsequently, when Cdk activity appears at the beginning of S phase, already assembled pre-RCs can proceed with origin assembly and begin replicating, but no new pre-RCs can form because of the continuous presence of Cdk (which persists until the following mitosis, disappearing as cells re-enter G1 phase).14. Bacterial cells rely on the methylation state of a four nucleotide sequence called "Dam" to prevent re-replication of recently-copied DNA. Specifically, OriC contains multiple "Dam" sites that are usually methylated on both strands and fully capable of initiating replication. When OriC is replicated, however, the Dam sites become transiently hemi-methylated, because the newly synthesized strand is initially unmethylated. This hemi-methylated state prevents any further initiation events at OriC, because hemi-methylated Dam sites attract a protein called SeqA that both inhibits DnaA binding to OriC and prevents re-methylation of the site.Mutations in dam methylase should disrupt the transient resistance to re-replication. Without Dam methylase, Dam sites would be permanently unmethylated and therefore never bound by SeqA. Because SeqA normally inhibits DnaA binding, such a loss of SeqA binding would permit DnaA to re-bind OriC immediately after the replication fork has left.15. While leading strand synthesis can proceed until the last nucleotide on the chromosome is copied, the replication fork is incapable of copying the very end of the lagging strand because primase cannot function at the end of a DNA molecule. This is a potentially major problem for the cell because it could result in the loss of several bases from the end of one of the chromosomes with every round of DNA replication.Eukaryotic cells have several strategies for avoiding this potential loss of terminal nucleotides. For example, some bacterial cells and viruses use a specialized protein that can replace the primase at the end of the chromosome by attaching to the chromosome end and priming synthesis of the terminal nucleotides. Another example is seen in eukaryotic cells, where an enzyme called telomerase helps maintain chromosome ends by extending them through the addition of multiple copies of a specific repeated sequence (for example, TTAGGG in humans).。

分子生物学-8_真题(含答案与解析)-交互

分子生物学-8(总分100, 做题时间90分钟)是非题1.基因转录可以发生在DNA分子的任何区域。

SSS_JUDGEMENT正确错误该题您未回答:х该问题分值: 2.5答案:错误[解析] 基因转录只发生在DNA分子上具有转录活性的区域。

2.真核生物RNA pol Ⅲ催化转录的基因启动子都属于基因内启动子。

SSS_JUDGEMENT正确错误该题您未回答:х该问题分值: 2.5答案:错误[解析] RNA pol Ⅲ催化转录的基因启动子并不都属于基因内启动子，例如编码U6-snRNA基因的启动子位于基因上游。

3.大肠杆菌RNA聚合酶全酶由4个亚基(σ2ββ")组成。

SSS_JUDGEMENT正确错误该题您未回答:х该问题分值: 2.5答案:错误[解析] 大肠杆菌RNA聚合酶全酶由6个亚基(α2ββ"ωσ)组成。

4.大肠杆菌RNA聚合酶转录几乎所有蛋白质编码基因。

SSS_JUDGEMENT正确错误该题您未回答:х该问题分值: 2.5答案:正确5.芽孢杆菌基因转录过程中RNA聚合酶结合在oriC位点。

SSS_JUDGEMENT正确错误该题您未回答:х该问题分值: 2.5答案:错误[解析] 芽孢杆菌基因转录过程中RNA聚合酶结合在启动子。

6.细菌RNA聚合酶全酶与非特异性DNA序列具有较高的亲和性。

SSS_JUDGEMENT正确错误该题您未回答:х该问题分值: 2.5答案:错误[解析] 全酶与非特异性DNA序列具有较低的亲和性，而核心酶却具有较高的亲和性。

7.RNA聚合酶催化的反应无需引物，也无校对功能。

SSS_JUDGEMENT正确错误该题您未回答:х该问题分值: 2.5答案:正确8.RNA聚合酶的转录产物大多以腺嘌呤核苷酸(A)开始。

SSS_JUDGEMENT正确错误该题您未回答:х该问题分值: 2.5答案:正确9.** RNA聚合酶的ω亚基是必须亚基，在体外影响酶活性。

SSS_JUDGEMENT正确错误该题您未回答:х该问题分值: 2.5答案:错误[解析] ω亚基在体外不影响酶活性，但在酶的组装过程中起作用。

分子生物学(烟台大学)智慧树知到答案2024年烟台大学

分子生物学（烟台大学）烟台大学智慧树知到答案2024年第一章测试1.细胞内蛋白质的生产场所是A:叶绿体 B:核糖体 C:高尔基体 D:线粒体答案:B2.细胞进行有氧呼吸的主要场是A:核糖体 B:高尔基体 C:叶绿体 D:线粒体答案:D3.细胞内遗传信息的储存、复制和转录的主要场所是A:叶绿体 B:线粒体 C:核糖体 D:细胞核答案:D4.在水环境中，非极性分子倾向于聚集起来以减少暴露给水的表面积。

这种引力被称为A:氢键 B:疏水相互作用 C:亲水相互作用 D:范德华力答案:B5.多糖是单糖以( )共价连接而成的聚合体。

A:酯键 B:醚键 C:氢键 D:糖苷键答案:D6.原核生物可以分为两个亚门，即A:真菌 B:古细菌 C:原生动物 D:真细菌答案:BD7.真核生物可以分为四个门，包括A:原生生物 B:微生物 C:植物 D:真菌E E:动物答案:ACDE8.细胞中的生物大分子主要包括A:脂质 B:糖类 C:核酸 D:蛋白质答案:ABCD第二章测试1.天然氨基酸中的环状亚氨基酸是A:苯丙氨酸 B:丝氨酸 C:酪氨酸 D:脯氨酸答案:D2.下列氨基酸中含巯基的是A:苏氨酸 B:半胱氨酸 C:丝氨酸 D:丙氨酸答案:B3.维持蛋白质一级结构稳定的主要化学键是A:肽键 B:二硫键 C:疏水键 D:氢键答案:A4.维持蛋白质二级结构稳定的主要化学键是A:肽键 B:疏水键 C:二硫键 D:氢键答案:D5.亚基是哪种蛋白质结构的基本单位A:四级结构 B:三级结构 C:二级结构 D:一级结构答案:A6.极性带正电荷(碱性氨基酸)包括A:E组氨酸 B:赖氨酸 C:半胱氨酸 D:天冬氨酸 E:精氨酸答案:ABE7.属于芳香族氨基酸的是A:E赖氨酸 B:脯氨酸 C:苯丙氨酸 D:色氨酸 E:酪氨酸答案:CDE8.蛋白质二级结构中存在的构象有A:α-折叠B:β-折叠C:β-螺旋D:α-螺旋答案:BD第三章测试1.核酸的基本组成单位是A:戊糖、碱基和磷酸 B:核苷酸 C:戊糖和磷酸 D:戊糖和碱基答案:B2.下列哪种DNA的Tm值最低A:G+C=65% B:G+C=56% C:A+T=65% D:A+T=56%答案:C3.维持核酸一级结构稳定的主要化学键是A:磷酸二酯键 B:疏水键 C:氢键 D:二硫键答案:A4.DNA的二级结构是A:核小体结构 B:双螺旋结构 C:无规则卷曲结构 D:超螺旋结构答案:B5.DNA是生物遗传物质，而RNA不是。

《分子生物学》习题答案

《分子生物学》课后习题第1章绪论1.简述孟德尔、摩尔根和Waston等人对分子生物学发展的主要贡献。

孟德尔是遗传学的奠基人，被誉为现代遗传学之父。

他通过豌豆实验，发现了遗传学三大基本规律中的两个，分别为分离规律及自由组合规律。

摩尔根发现了染色体的遗传机制，创立染色体遗传理论，是现代实验生物学奠基人。

于1933年由于发现染色体在遗传中的作用，赢得了诺贝尔生理学或医学奖。

Watson于1953年和克里克发现DNA双螺旋结构_（包括中心法则），获得诺贝尔生理学或医学奖，被誉为“DNA之父”。

2.写出DNA、RNA、mRNA和siRNA的英文全名。

DNA：deoxyribonucleic acid 脱氧核糖核酸RNA：ribonucleic acid 核糖核酸mRNA：messenger RNA 信使RNAtRNA：transfer RNA 转运RNArRNA：ribosomal RNA 核糖体RNAsiRNA：small interfering RNA 干扰小RNA3.试述“有其父必有其子”的生物学本质。

其生物学本质是基因遗传。

子代的性状由基因决定，而基因由于遗传的作用，其基因的一半来自于父方，一般来自于母方。

4.早期主要有哪些实验证实DNA是遗传物质？写出这些实验的主要步骤。

1)肺炎链球菌转化实验：外表光滑的S型肺炎链球菌（有荚膜多糖→致病性）；外表粗糙R型肺炎链球菌（无荚膜多糖）。

①活的S型→注射→实验小鼠→小鼠死亡②死的S型（经烧煮灭火）→注射→实验小鼠→小鼠存活③活的 R型→注射→实验小鼠→小鼠存活④死的S型+活的R型→实验注射→小鼠死亡⑤分离被杀死的S型菌体的各种组分+活的R型菌体→注射→实验小鼠→小鼠死亡（内只有死的S型菌体的DNA转化R型菌体导致致病菌）*DNA是遗传物质的载体2)噬菌体侵染细菌实验①细菌培养基35S标记的氨基酸+无标记噬菌体→培养1-2代→子代噬菌体几乎不含带有35S标记的蛋白质②细菌培养基32N标记的核苷酸+无标记噬菌体→培养1-2代→子代噬菌体含有30%以上32N标记的核苷酸*噬菌体传代过程中发挥作用的可能是DNA而不是蛋白质。

现代分子生物学课后答案(朱玉贤_第

第五章分子生物学研究法（上）------DNA RNA及蛋白质操作技术1. 简述PCR技术。

课本P165.2 .简述核酸的凝胶电泳。

答：将某种分子放到特定的电场中，它就会以一定的速度向适当的电极移动。

某物质在电场作用下的迁移速度叫作电泳的速率，它与电场强度成正比，与该分子所携带的净电荷数成正比，而与分子的磨擦系数成反比（分子大小、极性、介质的粘度系数等）。

在生理条件下，核酸分子中的磷酸基团是离子化的，所以，DNA和RNA实际上呈多聚阴离子状态（Polyanions）。

将DNA、RNA放到电场中，它就会由负极 -正极移动。

在凝胶电泳中，一般加入溴化乙锭（EB）--ethidium bromide 染色，此时，核酸分子在紫外光下发出荧光，肉眼能看到约50ng DNA所形成的条带。

3. 什么是south 杂交？指将经过电泳分离的DNA片断转移到一定的固相支持物的过程第七章基因的表达与调控（上）---- 原核基因表达调控模式1.简述代谢物对基因表达调控的两种方式。

① 转录水平上的调控(transcriptional regulation) ；② 转录水平上的调控(post-transcriptional regulation) ，包括mRNA 加工成熟水平上的调控(differen,tial processing of RNA transcript和翻译水平上的调控(differential translation of mRNA)。

3.简述乳糖操纵子的调控模型。

A、乳糖操纵子的组成：大肠杆菌乳糖操纵子含Z、Y、A三个结构基因，分别编码半乳糖苷酶、透酶和半乳糖苷乙酰转移酶，此外还有一个操纵序列0, —个启动子P和一个调节基因I。

B、阻遏蛋白的负性调节：没有乳糖存在时，I基因编码的阻遏蛋白结合于操纵序列O处，乳糖操纵子处于阻遏状态,不能合成分解乳糖的三种酶；有乳糖存在时,乳糖作为诱导物诱导阻遏蛋白变构,不能结合于操纵序列,乳糖操纵子被诱导开放合成分解乳糖的三种酶。

分子生物学每章作业及其答案

分子生物学每章作业及其答案二简答题-1)DNA的一级、二级和三级结构；2)原核和真核生物基因组的特点；3) DNA 的半保留复制机制；4) DNA复制精确性的分子机理;(1)DNA一级结构：是指4种核苷酸的连接及排列顺序，表示了该DNA分子的化学构成。

DNA的二级结构：是指两条脱氧多核苷酸链反向平行盘绕所形成的双螺旋结构。

DNA的三级结构：是指DNA中单链与双链、双链之间的相互作用形成的三链或四链结构。

(2) 原核生物基因组的特点：基因组通常仅由一条环状双链DNA 分子组成。

只有一个复制起点。

有操纵子结构。

编码蛋白质的结构基因是单拷贝的，但rRNA基因往往是多拷贝的。

非编码的DNA所占比例很少，类似病毒基因组。

基因组DNA具有多调控区。

与真核生物类似，具有可移动的DNA序列真核生物基因组的特点：1.基因组较庞大：2.大量重复顺序3.大部分为非编码序列4. 转录产物是单顺反子5.真核基因是断裂基因，有内含子结构6.存在大量的顺式作用元件。

7．存在大量的DNA多态性8.具有端粒结构3) DNA的半保留复制机制；DNA在进行复制的时候链间氢键断裂，双链解旋分开，每条链作为模板在其上合成互补链，经过一系列酶（DNA聚合酶、解旋酶、链接酶等）的作用生成两个新的DNA分子。

子代DNA分子其中的一条链来自亲代DNA，另一条链是新合成的，这种方式称半保留复制。

4) DNA复制精确性的分子机理;1.严格的碱基配对2.DNA聚合酶对碱基的选择3.DNA聚合酶的校读功能4.修复（错配修复、切除修复、重组修复、直接修复、SOS）第三章生物信息的传递(上)—从DNA到RNA简答题-1)原核与真核生物mRNA的区别；2)RNA转录的基本过程及加工方式；3)列举几个RNA转录的顺式作用元件(如TATA box)及其作用方式。

（1）原核生物mRNA的特征1) 半衰期短：转录与翻译同步，翻译没有完成可能mRNA 5’端就开始降解；2) 多顺反子形式：操纵子-功能相关的几个基因一起转录为一条mRNA分子；3) 无5’帽结构，3’没有或很短polyA尾巴真核生物mRNA的特征mRNA前体长5-10倍以上，加工为成熟mRNA的结构与DNA 序列有差异：1) 5’端存在帽结构2) 3’端polyA尾巴真核细胞mRNA结构为：5’cap-5’UTR-coding region-3’UTR-polyA tail，病毒mRNA 亦是单顺反子结构。

身边的分子生物学(山东联盟)智慧树知到课后章节答案2023年下滨州学院

身边的分子生物学（山东联盟）智慧树知到课后章节答案2023年下滨州学院滨州学院第一章测试1.下列各项中，尚未获得诺贝尔奖的是？（）A:DNA双螺旋模型 B:RNA干扰技术 C:抑癌基因的发现 D:核酶的发现答案:抑癌基因的发现2.细胞学说建立后，细胞就成为了生物学的研究对象。

（）A:对 B:错答案:对3.生物化学的使命就是分析细胞的组分，并弄清这些物质与生命现象的联系。

（）A:错 B:对答案:对4.1970年，反转录酶的发现，丰富了中心法则。

（）A:错 B:对答案:对5.我国药学家屠呦呦用青蒿素治疗了疟疾，她并不是我国第一位获得诺贝尔奖的本土科学家。

（）A:对 B:错答案:错第二章测试1.DNA复制时下列哪一种酶是不需要的？（）A:DNA指导的DNA聚合酶 B:RNA指导的DNA聚合酶 C:连接酶 D:DNA指导的RNA聚合酶答案:RNA指导的DNA聚合酶2.人类基因组的编码序列所占比例为（）A:50% B:5% C:90%以上 D:10%答案:5%3.DNA复制需要：①DNA聚合酶III，②解链蛋白，③DNA聚合酶I，④D NA指导的RNA聚合酶，⑤DNA连接酶，其作用顺序是（）A:④②①③⑤ B:④③①②⑤ C:②④①③⑤ D:②④③①⑤答案:②④①③⑤4.Watson和Crick提出的DNA分子双螺旋结构模型，指的是B-DNA的结构。

（）A:对 B:错答案:对5.DNA修复系统的作用是保证DNA序列不发生任何变化。

（）A:错 B:对答案:错第三章测试1.下列有关“三元转录复合物”的说法中正确的是（）A:全酶、模板DNA和新生RNA形成的复合物B:σ因子、核心酶和双链DNA在启动子部位形成的复合物 C:全酶、ρ因子和解链DNA形成的复合物D:σ因子、模板DNA和新生RNA形成的复合物答案:全酶、模板DNA和新生RNA形成的复合物2.RNA聚合酶在低浓度的α-鹅膏蕈碱处理下，RNA合成被抑制的是（）A:snRNA B:hnRNA C:18S rRNA D:tRNA答案:hnRNA3.人类基因组的真核mRNA转录后加工的顺序是（）A:剪接、加帽、加尾、运输出细胞核B:加帽、加尾、剪接、运输出细胞核 C:加帽、运输出细胞核、加尾、剪接 D:加帽、剪接、加尾、运输出细胞核答案:加帽、加尾、剪接、运输出细胞核4.所有高等真核生物的启动子中都有TATA盒。

(完整版)分子生物学课后题

第一章1、简述细胞的遗传物质，怎样证明DNA是遗传物质？答：核酸是细胞内的遗传物质，包括脱氧核糖核酸(|DNA)和核糖核酸（RNA）两类，DNA是主要的遗传物质，具有储存遗传信息，将遗传信息传递给子代，物理化学性质稳定，有遗传变异能力适合作为遗传信息的特性，T2噬菌体侵染实验证明了DNA是遗传物质，将蛋白质被35S标记和DNA被32P 标记的T2噬菌体分别侵染E.coli后，发现进入宿主细胞的只有32P标记的DNA，而无35S标记物，所产生的子代噬菌体只含有32P标记的DNA，无S标记的蛋白质，因此证明DNA是遗传物质。

2、研究DNA的一级结构有什么重要的生物学意义？答：DNA的一级结构是指DNA分子中的核苷酸排列顺序，它反映了生物界物种的多样性和复杂性，任何一段DNA序列都可以反映出它的高度的个体性和种族特异性，另外DNA一级结构决定其高级结构，研究DNA一级结构对阐明遗传物质结构、功能及表达调控都极其重要。

3、简述DNA双螺旋结构与现在分子生物学发展的关系。

答：DNA双螺旋结构具有碱基互补配对原则具有极其重要的生物学意义，它是DNA复制、转录、逆转录等基因复制与表达的分子基础。

DNA为双链，维持了遗传物质的稳定性。

4、DNA双螺旋结构有哪些形式？说明其主要特点和区别。

答：主要有B-DNA，A-DNA,E-DNA形式B-DNA：每一螺周含有10个碱基对，两个核苷酸之间夹角为36度A-DNA：碱基对与中心倾角为19度，螺旋夹角为32.7度E-DNA：左手螺旋，每圈螺旋含12对碱基，G=C碱基对非对称地位于螺旋轴附近。

第二章1、简述DNA分子的高级结构。

答：1、单链核酸形成的二级结构（发夹结构）2、反向重复序列（十字架结构，每条链从5'--3'方向阅读）3、三股螺旋的DNA（一条链为全嘌呤核苷酸链，另一条链为全嘧啶核苷酸链）4、DNA的四链结构5、DNA结构的动态性与精细结构6、DNA的超螺旋结构与拓扑学性质。

分子生物学习题答案

分子生物学习题答案第一章绪论Chapter 1 Introduction一名词解释1．人类基因组计划：与曼哈顿原子弹计划和阿波罗登月计划相媲美的美国人类基因组计划（human genome project, HGP)，解读人基因组上的所有基因、24个染色体DNA分子中的碱基序列。

在―人类基因组计划‖中，分为两个阶段：DNA序列图以前的计划和DNA序列图计划。

序列图前计划包括遗传图、物理图、转录图。

2. RFLP (restrict fragment length polymorphism )：A variation from one individual to the next in the number of cutting sites for a given restriction endonuclease in a given genetic locus.3. DNA指纹：基因组中存在着多种重复序列，拷贝数从几个到数十万个，可分为串联重复序列和分散重复序列。

根据个体重复序列拷贝的位置和数目的差异，使用限制性内切酶，获得具有个体特异性的DNA片段。

可以作为亲缘关系或个人身份的鉴定。

4. SNP（single nucleotide polymorphism, 单核苷酸多态性）：在一个群体中，基因组内某一特定核苷酸位置上出现2种或2种以上不同核苷酸的现象，在群体中相应频率为1-2%。

如果低于这个频率，可视为点突变。

二简答1. What is molecular biology？Molecular biology is the subject of gene structure and function at the molecular level.To explain the principle of development, metabolism, heredity and variation, aging at the molecular level. It grew out of the disciplines of genetics and biochemistry.2. Major events in the genetics century第二章核酸、蛋白质结构一选择题：B, E, D, A, A二名词解释1．Transfection：describes the introduction of foreign material into eukaryotic cells using a virus vector or other means of transfer. The term transfection for non-viral methods is most often used in reference to mammalian cells, while the term transformation is preferred to describe non-viral DNA transfer in bacteria and non-animal eukaryotic cells such as fungi, algae and plants.2．Configuration：The configuration of a molecule is the permanent geometry that results from the spatial arrangement of its bonds. The ability of the same set of atoms to form two or more molecules with different configurations is stereoisomerism.Configuration is distinct from chemical conformation, a shape attainable by bond rotations.3．构象：(Conformation, generally means structural arrangement），指一个分子中不改变共价键结构，仅是单键周围的原子旋转所产生的原子空间排列。

朱玉贤现代分子生物学第三版课后习题及答案

现代分子生物学课后习题及答案（共10章）第一章绪论1. 你对现代分子生物学的含义和包括的研究范围是怎么理解的？2. 分子生物学研究内容有哪些方面？3. 分子生物学发展前景如何？4. 人类基因组计划完成的社会意义和科学意义是什么？答案：1. 分子生物学是从分子水平研究生命本质的一门新兴边缘学科，它以核酸和蛋白质等生物大分子的结构及其在遗传信息和细胞信息传递中的作用为研究对象，是当前生命科学中发展最快并正在与其它学科广泛交叉与渗透的重要前沿领域。

狭义：偏重于核酸的分子生物学，主要研究基因或DNA的复制、转录、表达和调节控制等过程，其中也涉及与这些过程有关的蛋白质和酶的结构与功能的研究。

分子生物学的发展为人类认识生命现象带来了前所未有的机会，也为人类利用和改造生物创造了极为广阔的前景。

所谓在分子水平上研究生命的本质主要是指对遗传、生殖、生长和发育等生命基本特征的分子机理的阐明，从而为利用和改造生物奠定理论基础和提供新的手段。

这里的分子水平指的是那些携带遗传信息的核酸和在遗传信息传递及细胞内、细胞间通讯过程中发挥着重要作用的蛋白质等生物大分子。

这些生物大分子均具有较大的分子量，由简单的小分子核苷酸或氨基酸排列组合以蕴藏各种信息，并且具有复杂的空间结构以形成精确的相互作用系统，由此构成生物的多样化和生物个体精确的生长发育和代谢调节控制系统。

阐明这些复杂的结构及结构与功能的关系是分子生物学的主要任务。

2. 分子生物学主要包含以下三部分研究内容：A.核酸的分子生物学，核酸的分子生物学研究核酸的结构及其功能。

由于核酸的主要作用是携带和传递遗传信息，因此分子遗传学（moleculargenetics）是其主要组成部分。

由于50年代以来的迅速发展，该领域已形成了比较完整的理论体系和研究技术，是目前分子生物学内容最丰富的一个领域。

研究内容包括核酸/基因组的结构、遗传信息的复制、转录与翻译，核酸存储的信息修复与突变，基因表达调控和基因工程技术的发展和应用等。

2020年智慧树知道网课《分子生物学(山东联盟-济宁医学院版)》课后章节测试满分答案

第一章测试1【多选题】(15分)分子生物学的研究任务包括：A.生物大分子在遗传信息和细胞信息传递中的作用B.大分子结构与功能的关系C.生物大分子在食品中的作用D.生物大分子的结构2【多选题】(15分)1865年孟德尔在他的划时代的论文《植物杂交试验》中得出了两条规律：A.统一律B.连锁遗传规律C.分离规律D.基因学说3【多选题】(15分)在非转录区段对基因的表达起调控作用的是：A.抑癌基因B.原癌基因C.增强子D.启动子4【多选题】(15分)证明DNA是遗传物质的两个有名的实验为：A.T4噬菌体感染细菌实验B.肺炎双球菌转化实验C.豌豆杂交实验D.果蝇杂交实验5【多选题】(15分)目前分子生物学研究的前沿包括：A.细胞信号转导研究B.基因表达的调控研究C.基因组研究D.结构分子生物学研究6【多选题】(15分)DNA重组技术的应用包括：A.可被用于大量生产某些在正常细胞代谢中产量很低的多肽B.可用于定向改造某些生物的基因组结构C.可被用来进行基础研究D.可用于企业减少生产成本7【多选题】(10分)分子生物学技术包括：A.基因工程B.链反应技术C.分子杂交技术D.蛋白质工程第二章测试1【单选题】(15分)原核生物基因是：A.不连续的B.断裂的C.连续的D.跳跃的2【单选题】(15分)操纵子的结构基因区的功能是A.结合阻遏蛋白B.结合核糖体C.表达功能蛋白D.结合RNA聚合酶3【单选题】(15分)在断裂基因及其初级转录产物上出现，并表达为成熟RNA的核酸序列的是：A.终止子B.内含子C.启动子D.外显子4【单选题】(15分)细菌染色体在细胞内形成的致密区域称为：A.细胞核B.核糖体C.类核D.溶酶体5【单选题】(15分)多顺反子mRNA出现在_____中：A.原核生物B.C.植物D.动物6【单选题】(15分)能够在一个DNA分子内部或两个DNA分子之间移动的DNA片段是：A.启动子B.转座因子C.终止子D.操纵子7【单选题】(10分)存在于细菌染色体外的，具有自主复制能力的环状双链DNA分子是A.质粒B.C.引物D.F因子第三章测试1【多选题】(15分)DNA复制的一般特点：A.半不连续复制B.双向复制C.半保留复制D.连续复制2【单选题】(10分)逆转录的模板是A.B.mRNAC.rRNAD.hnRNA3【单选题】(15分)真核生物DNA复制过程中，DNA双链打开的方向与领头链合成的方向A.一致B.相反C.无关D.不确定4【单选题】(15分)DNA拓扑异构酶的不能A.切开DNAB.解开DNA两条链C.改变DNA超螺旋密度D.松弛DNA5【单选题】(15分)端粒酶是一种A.依赖于RNA的DNA聚合酶B.依赖于RNA的RNA聚合酶C.依赖于DNA的DNA聚合酶D.依赖于DNA的RNA聚合酶6【单选题】(15分)原核生物DNA复制不需要A.端粒酶B.DNA连接酶C.解链酶D.解旋酶7【单选题】(15分)下列不是DNA复制过程中聚合反应特点的是：A.遵照碱基互补规律按模板指引合成子B.DNA新链生成需引物和模板C.一个细胞周期可以复制多次D.新链的延长只可沿5'→3'方向进行第四章测试1【判断题】(10分)转录在polyA的位置上终止A.错B.对2【判断题】(10分)转录的原料是dNTPA.错B.对3【判断题】(10分)增强子发挥作用与方向性无关，但有组织特异性。

在线网课《分子生物学(湖南科技大学)》课后章节测试答案

第一章测试1【判断题】(10分)分子生物学是研究核酸、蛋白质等生物大分子结构、功能及其相互关系，从分子层面探索生命活动现象，揭示生命活动本质和规律的学科。

()A.对B.错2【判断题】(10分)现代生物学研究应该遵循还原论和系统论结合的方法学。

()A.错B.对3【判断题】(10分)细胞学、遗传学、生物化学是分子生物学诞生的三大支撑学科。

()A.错B.对4【判断题】(10分)Crick提出了中心法则，中心法则总结了生物体遗传信息的传递规律。

（）A.对B.错5【判断题】(10分)X射线晶体衍射认识目前结构分子生物学研究的主要技术。

()A.错B.对6【判断题】(10分)操纵子学说的提出标志着分子生物学理论框架的基本形成。

（）A.错B.对7【判断题】(10分)Jacob和Monod提出信使RNA(mRNA)假设，并首次发现了mRNA。

（）A.错B.对8【判断题】(10分)合成蛋白质的RNA模板如何决定氨基酸的排列顺序？关于这个问题，Waston提出了适配子(Adaptor)假设。

（）A.对B.错9【判断题】(10分)遗传密码的破译得益于无细胞蛋白合成体系的建立和核苷酸均聚物或特殊共聚物的合成。

（）A.对B.错10【判断题】(10分)蛋白质是生物性状的主要体现者和执行者。

（）A.对B.错第二章测试1【单选题】(8分)DNA两股链的结合是通过（）A.酯键B.氢键C.共价键D.离子键E.二硫键2【单选题】(8分)质粒是（）A.环状双链DNAB.线性双链DNAC.环状三链DNAD.环状单链DNAE.线性单链DNA3【单选题】(8分)核苷酸是由（）组成A.硫酸、戊糖、碱基B.磷酸、己糖、碱基C.硫酸、多糖、碱基D.硫酸、己糖、碱基；E.磷酸、戊糖、碱基4【单选题】(8分)1953年Watson和Crick提出：()A.遗传物质通常是DNA而非RNAB.多核苦酸DNA链通过氢键连接成一个双螺旋C.分离到回复突变体证明这一突变并非是一个缺失突变D.DNA的复制是半保留的，常常形成亲本—子代双螺旋杂合链E.三个连续的核苦酸代表一个遗传密码5【单选题】(8分)生理pH条件下，组蛋白的净电荷是()A.不能确定B.负C.中性D.正6【多选题】(10分)双链DNA中的碱基对有()A.G─TB.T─AC.A—UD.C─AE.C—G7【多选题】(8分)单链RNA发夹结构的形成：()A.基于各个片段问的互补，形成反向平行双螺旋B.仅仅当两配对区段中所有的碱基均互补时才会发生C.同样包括有像G—U这样的不规则碱基配对D.依赖于A—U含量，因为形成的氢键越少则发生碱基配对所需的能量也越少E.允许存在几个只有提供过量的自由能才能形成碱基对的碱基8【多选题】(8分)下述特征是所有生物（包括原核生物、真核生物和病毒）复制起始位点都共有的()A.起始位点中的一段序列的A-T含量丰富，能使DNA螺旋解开B.起始蛋白（Initiator）专一性识别这些短的重复序列C.起始位点是包括多个短重复序列的独特DNA片段D.起始位点中的一段序列G-C含量丰富，能稳定起始复合物9【多选题】(8分)DNA的Tm值与哪些因素有关？（）A.DNA的长度B.溶液的离子强度C.溶液的pH值D.DNA的GC含量10【判断题】(2分)在生理条件下，DNA双螺旋多以A-DNA型存在。

分子生物学第八章课后习题答案

09生科2班米热古丽.艾沙2220093170110351.基因家族的分类及其主要表达调控模式按序列同源性基因家族可分为两种：1）家族成员中的全部序列或至少编码序列具有高度的同源性。

2）基因家族是各成员在编码产物上有大段高度保守的氨基酸序列。

但家族成员间总的序列相似性较低。

按照基因组内的分布：1）位于同一染色体上的串联排列，可同时发挥作用；2）位于不同染色体上，各成员间的DNA不完全相同。

按照基因结构或转录方向：1）简单的多基因家族；基因一般以串联方式前后相连2）复杂的多基因家族；杂多基因家族一般由几个相关基因家族构成，基因家族之间由间隔序列隔开，并作为独立的转录单位。

现已发现存在不同形式的复杂多基因家族。

3）受发育调控的复杂多基因家族。

2.何为外显子，内含子及其结构特点和可变调控？（1）外显子(英语expressed region) 是真核生物基因的一部分，它在剪接(Splicing)后仍会被保存下来，并可在蛋白质生物合成过程中被表达为蛋白质。

（2）真核生物细胞DNA中的间插序列。

这些序列被转录在前体RNA中，经过剪接被去除，最终不存在于成熟RNA分子中。

内含子和外显子的交替排列构成了割裂基因。

在前体RNA中的内含子常被称作“间插序列”。

内含子是相对的，一个基因的内含子可能是另一个基因的外显子3.DNA甲基化对基因表达的调控机制DNA甲基化发生于DNA的CpG island（CG序列密集区）。

发生甲基化后，那段DNA就可以和甲基化DNA结合蛋白相结合。

结合后DNA链发生高度的紧密排列，其他转录因子，RNA合成酶都无法再结合了，所以这段DNA的基因就无法得到表达了。

4.真核生物转录元件组成及其分类（1）顺式作用元件：启动子，启动子上游元件，增强子。

TATA/Hognest盒，启动子的核心序列GC盒CAAT盒顺式作用元件是转录起始点上游的DNA序列，能够影响其它基因的表达活性（2）反式作用因子螺旋转角螺旋（Helix-turn-helix）锌指结构亮氨酸拉链螺旋一环一螺旋（HLH）同源异形结构域（Homeodomains，HD）5. 增强子的作用机制（1）影响模板附近的DNA双螺旋结构，活化基因转录（2）将模板固定在细胞核内特定位置，如连接在核基质上，有利于DNA拓扑导致酶改变DNA双螺旋结构的张力，促进RNA聚合酶II在DNA链上的结合和滑动（3）增强子区可以作为反作用因子或RNA聚合酶II进入染色质结构的“入口”6.反式作用因子的结构特点及其对基因表达的调控（1）特点DNA结合域：a.螺旋-转角-螺旋b.锌指结构c.亮氨酸拉链d.螺旋-突环-螺旋转录激活域：与其他转录因子相互作用的结构成分。

分子生物学及实验知到章节答案智慧树2023年台州学院

分子生物学及实验知到章节测试答案智慧树2023年最新台州学院第一章测试1.分子生物学实验室移取体积较小液体的设备为（）参考答案:微量可调移液器2.无菌室内紫外灯对环境进行消毒时，可以同时打开白炽灯。

（）参考答案:错3.高压蒸汽灭菌器可对（）进行灭菌。

参考答案:培养基;玻璃器皿4.菌液浓度和核酸浓度均可通过分光光度计进行测定。

（）参考答案:对5.除菌过滤的滤膜孔径一般选用（）微米。

参考答案:0.226.冰箱主要用于试剂、酶、抗生素和菌种等的保藏，最常使用的有（）参考答案:-20℃;4℃;-80℃7.液氮罐主要用于储存细胞、病毒或某些微生物，液氮温度为（）参考答案:-196℃8.水平式电泳槽通常用于核酸的电泳，垂直式电泳槽通常用于蛋白质的电泳。

（）参考答案:对9.实现固液分离的仪器是（）参考答案:离心机10.在搬运和使用有毒有害试剂时必须穿戴好防护用具，如防毒服，防毒口罩及防毒手套等，有条件时在通风柜中使用，使用完毕及时洗手。

（）参考答案:对第二章测试1.可见光的波长范围是（）参考答案:400~760nm2.两种是互补色关系的单色光，按一定的强度比例混合可成为（）参考答案:白光3.测定Fe含量时，加入KSCN显色剂，生成的配合物是红色的，则此配合物吸收了白光中的（）参考答案:青光4.紫外-可见分光光度计的波长范围是（）参考答案:400~760nm5.在分光光度分析中，透过光强度（It）与入射光强度（I0）之比，即It / I0称为（）参考答案:透光率6.朗伯-比尔定律，即光的吸收定律，表述了光的吸光度与（）参考答案:溶液的浓度与液层厚度的关系7.氢氧化铁胶体呈红褐色，插入两个惰性电极，通直流电一段时间，阴极附近的颜色逐渐变深，这种现象叫（）参考答案:电泳8.琼脂糖和琼脂的主要成分一致，也可用琼脂来代替琼脂糖作电泳介质。

（）参考答案:错9.一般来说，琼脂糖凝胶浓度越低，孔隙越大，其分辨能力就越强。

（）参考答案:错10.DNA分子由于其磷酸基团带负电荷，因而向正极泳动，具体来说，就是从红色电极向黑色电极端泳动。