全国高中物理竞赛难题
2024全国高中物理竞赛试题
选择题:关于物体的运动,下列说法正确的是:A. 物体速度变化量大,其加速度一定大B. 物体有加速度,其速度一定增加C. 物体的速度为零时,其加速度可能不为零(正确答案)D. 物体加速度的方向一定与速度方向相同下列关于力的说法中,正确的是:A. 力的产生离不开施力物体,但可以没有受力物体B. 物体受到力的作用,其运动状态一定改变C. 只有直接接触的物体间才有力的作用D. 力是改变物体运动状态的原因(正确答案)关于牛顿运动定律,下列说法正确的是:A. 牛顿第一定律是牛顿第二定律在物体不受外力时的特例B. 物体所受合外力方向与速度方向相同时,物体一定做加速直线运动(正确答案)C. 牛顿第三定律表明作用力和反作用力大小相等,因此它们产生的效果一定相互抵消D. 惯性是物体的固有属性,速度大的物体惯性一定大关于曲线运动,下列说法正确的是:A. 曲线运动一定是变速运动(正确答案)B. 曲线运动的速度方向可能不变C. 曲线运动的速度大小一定变化D. 曲线运动的加速度一定变化关于万有引力定律,下列说法正确的是:A. 万有引力定律只适用于天体间的相互作用B. 物体间的万有引力与它们的质量成正比,与它们之间的距离成反比(正确答案)C. 万有引力定律是由开普勒发现的D. 万有引力定律适用于一切物体间的相互作用(正确答案)关于电场和磁场,下列说法正确的是:A. 电场线和磁感线都是闭合曲线B. 电场线和磁感线都可能相交C. 电场线和磁感线都是用来形象描述场的假想线,实际并不存在(正确答案)D. 电场线和磁感线都可能不存在关于电磁感应,下列说法正确的是:A. 只要导体在磁场中运动,就一定会产生感应电流B. 感应电流的磁场总是阻碍原磁场的变化(正确答案)C. 感应电流的磁场总是与原磁场方向相反D. 感应电流的磁场总是与原磁场方向相同关于光的本性,下列说法正确的是:A. 光具有波动性,又具有粒子性(正确答案)B. 光在传播时往往表现出波动性,而在与物质相互作用时往往表现出粒子性(正确答案)C. 频率越大的光,其粒子性越显著D. 频率越大的光,其波动性越显著关于原子和原子核,下列说法正确的是:A. 原子核能发生β衰变说明原子核内存在电子B. 放射性元素的半衰期随温度的升高而变短(正确答案)C. 氢原子从n=3的能级向低能级跃迁时只会辐射出两种不同频率的光D. 原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量(正确答案)。
物理高中竞赛试题及答案
物理高中竞赛试题及答案一、选择题(每题4分,共40分)1. 一个物体以初速度v0从斜面顶端开始下滑,斜面与水平面的夹角为θ,假设物体与斜面间的摩擦系数为μ,不考虑空气阻力,物体下滑的加速度大小为:A. gsinθB. gcosθC. g(sinθ - μcosθ)D. g(sinθ + μcosθ)2. 一个点电荷Q在电场中受到的电场力为F,若将电荷量增加到2Q,电场力变为:A. 2FB. 4FC. F/2D. F3. 一个质量为m的物体以速度v在水平面上做匀速直线运动,若施加一个与运动方向相反的力F,使其减速至静止,若物体与地面间的摩擦系数为μ,则减速过程中的加速度大小为:A. F/mB. μgC. (F + μmg)/mD. (F - μmg)/m4. 一个单摆的摆长为L,摆球质量为m,单摆做简谐运动时,其周期T与摆长L的关系为:A. T = 2π√(L/g)B. T = 2π√(g/L)C. T = 2π√(L^2/g)D. T = 2πL/g5. 一个平行板电容器,板间距离为d,板面积为S,两板间电势差为U,若保持电势差不变,将板间距离增加到2d,则电容器的电容C变化为:A. 变为原来的1/2B. 变为原来的2倍C. 保持不变D. 变为原来的4倍6. 一个质量为m的物体从高度h处自由落体,忽略空气阻力,落地时的速度v与高度h的关系为:A. v = √(2gh)B. v = √(gh)C. v = 2ghD. v = gh7. 一个理想气体在等压过程中,温度从T1升高到T2,气体体积变化量△V与温度变化量△T的关系为:A. △V与△T成正比B. △V与△T成反比C. △V与△T无关D. △V与△T的平方成正比8. 一个光波的波长为λ,频率为f,光速为c,则光波的能量E 与波长λ的关系为:A. E与λ成正比B. E与λ成反比C. E与λ无关D. E与λ的平方成正比9. 一个均匀带电球体的半径为R,球心处的电场强度为:A. 0B. kQ/R^2C. kQ/RD. kQ/R^310. 一个物体在磁场中受到的磁力大小为F,若将物体的速度增加到原来的2倍,而磁场强度保持不变,则磁力大小变为:A. 2FB. 4FC. F/2D. F二、填空题(每题4分,共20分)11. 根据牛顿第二定律,物体的加速度a与作用力F和物体质量m的关系为:_________。
高中物理难题(包含物理竞赛)
平和正兴学校高二年物理竞赛练习(电磁)
2019.3.24 一、(2016年第33届全国中学生物理竞赛预赛第1题)
【一答案】D
二、(2016年第33届全国中学生物理竞赛预赛第4题)
【二答案】AC
三、(2016年第33届全国中学生物理竞赛预赛第8题)
【三答案】L1+L2+2M ; L1+L2-2M
四、(2016年第33届全国中学生物理竞赛预赛第13题)
【四答案】
五、(2016年第33届全国中学生物理竞赛预赛第13题)
【五答案】
【六答案】
八、(2016年第32届全国中学生物理竞赛复赛第六题)
九、(2017年第34届全国中学生物理竞赛复赛第四题)
如俯视图,在水平面内有两个分别以O点与O1点为圆心的导电半圆弧内切于M点,半圆O的半径为2a,半圆O1的半径为a;两个半圆弧和圆O的半径ON围成的区域内充满垂直于水平面向下的匀强磁场(未画出),磁感应强度大小为B;其余区域没有磁场。
半径OP为一均匀细金属棒,以恒定的角速度绕O点顺时针旋转,旋转过程中金属棒OP 与两个半圆弧均接触良好。
已知金属棒OP电阻为R,两个半圆弧的电阻可忽略。
开始时P 点与M点重合。
在t()时刻,半径OP与半圆O1交于Q点。
求(1)沿回路QPMQ 的感应电动势;
(2)金属棒OP 所受到的原磁场B的作用力的大小。
高中物理难点竞赛试题及答案
高中物理难点竞赛试题及答案一、选择题(每题3分,共30分)1. 一个质量为m的物体从静止开始自由下落,忽略空气阻力,经过时间t后,其速度大小为:A. gtB. gt^2C. √(gt)D. √(2gt)2. 两个点电荷+Q和-Q相距为r,它们之间的库仑力大小为:A. kQrB. kQ^2/rC. 2kQ^2/rD. kQ^2/(2r)3. 一个弹簧振子的振动周期为T,振幅为A,当振子从最大位移处开始振动时,经过四分之一周期后,振子的位移大小为:A. A/2B. AC. √(2)A/2D. 3A/44. 一个物体在水平面上以初速度v0开始做匀减速直线运动,加速度大小为a,经过时间t后,其速度为:A. v0 - atB. v0 + atC. v0 - at^2D. v0 + at^25. 一个物体在竖直平面内做圆周运动,当它通过最高点时,其向心力由重力和支持力共同提供,若支持力为零,则:A. 物体将做自由落体运动B. 物体将做抛体运动C. 物体将做匀速圆周运动D. 物体将做变速圆周运动6. 一个电子在电场中受到的电场力大小为F,电子的电荷量为e,电场强度为E,则:A. F = eEB. F = eE^2C. F = e^2/ED. F = E^2/e7. 一个物体在斜面上以初速度v0下滑,斜面倾角为θ,物体与斜面间的动摩擦因数为μ,若斜面光滑,则物体下滑的加速度大小为:A. gsinθB. gcosθC. gtanθD. g/cosθ8. 一个点光源发出的光在均匀介质中传播,若介质的折射率为n,光在介质中的速度为v,光在真空中的速度为c,则:A. v = c/nB. v = c * nC. v = c + nD. v = c - n9. 一个理想变压器的原线圈匝数为N1,副线圈匝数为N2,输入电压为U1,输出电压为U2,则:A. U1 = U2B. U1 = N2/N1 * U2C. U2 = N1/N2 * U1D. U2 = N2 * U1 / N110. 一个物体在水平面上做匀速圆周运动,其半径为R,角速度为ω,线速度为v,周期为T,则:A. v = ωRB. T = 2π/ωC. R = v/ωD. 所有选项都是正确的答案:1. D2. C3. C4. A5. B6. A7. A8. A9. C10. D二、计算题(每题10分,共70分)11. 一个质量为2kg的物体从高度为10m的平台上自由落下,求物体落地时的速度。
高中物理竞赛试题及答案
高中物理竞赛试题及答案一、选择题(每题5分,共40分)1. 一个物体从静止开始,以加速度a=2m/s²做匀加速直线运动,经过时间t=3s,其位移s是多少?A. 9mB. 12mC. 18mD. 24m2. 一个质量为m的物体在水平面上受到一个恒定的拉力F,摩擦系数为μ,求物体的加速度a。
A. F/mB. (F-μmg)/mC. μgD. F/(2m)3. 一个电子在电场中受到的电场力F=qE,其中q是电子的电荷量,E 是电场强度。
如果电子的初速度为v₀,那么电子在电场中做匀速直线运动的条件是什么?A. qE = mv₀²/2B. qE = mv₀C. qE = 0D. qE = mv₀²4. 一个质量为m的物体从高度h自由落下,忽略空气阻力,经过时间t时的速度v是多少?A. v = gtB. v = √(2gh)C. v = √(gh)D. v = 2gh5. 两个相同的弹簧,将它们串联起来,挂在天花板上,然后在下方挂一个质量为m的物体,求弹簧的伸长量。
A. mg/2kB. mg/kC. 2mg/kD. mg/k - m6. 一个质量为m的物体在光滑的水平面上,受到一个恒定的水平力F,求物体经过时间t后的速度v。
A. v = F/mB. v = F*t/mC. v = √(2Ft)D. v = √(Ft/m)7. 一个物体在水平面上以初速度v₀开始做匀减速直线运动,加速度大小为a,求物体在时间t内通过的位移s。
A. v₀t - 1/2at²B. v₀²/2aC. v₀t + 1/2at²D. v₀²/2a - 1/2at²8. 一个质量为m的物体在竖直方向上做自由落体运动,经过时间t时,其动能Ek是多少?A. 1/2mv₀²B. 1/2mgt²C. mg*tD. 1/2mgt二、计算题(每题15分,共60分)1. 一个质量为2kg的物体,在水平面上以10m/s²的加速度加速运动,如果物体与地面之间的摩擦系数为0.05,求作用在物体上的水平拉力F。
高中物理竞赛题(难)
高中物理竞赛注意:本卷g均取10。
一、单项选择题(本题共6小题,每小题3分,共计18分,每小题只有一个....选项符合题意。
)1.以下是力学中的三个实验装置,由图可知这三个实验共同的物理思想方法是()A.极限的思想方法B.控制变量的方法C.放大的思想方法D.猜想的思想方法2.在学习物理过程中,物理学史也成为一个重要的资源,通过学习大师们进行科学研究的方法有助于提高同学们的科学素养。
本题所列举的科学家都是为物理学发展做出突出贡献的人物。
下面列举的事例中正确的是()A.居里夫妇用α粒子轰击铝箔时发现电子B.卢瑟福的原子核式结构学说成功地解释了氢原子的发光现象C.麦克斯韦从理论上预言了电磁波的存在,赫兹用实验方法给予了证实D.爱因斯坦发现了光电效应现象,普朗克为了解释光电效应的规律,提出了光子说3.如图甲所示,放在光滑水平面上的木块受到两个水平力F1与F2的作用,静止不动,现保持力F1不变,使力F2逐渐减小到零,再逐渐恢复到原来的大小,在这个过程中,能正确描述木块运动情况的图像是图乙中的()4.在第29届北京奥运会的开幕式上,我们从电视上看到夜晚北京燃放起美丽的焰火。
按照设计,某种型号的装有焰火的礼花弹从专用炮筒中射出后,在4s末到达离地面100m的最高点时炸开,构成各种美丽的图案。
假设礼花弹从炮筒中竖直向上射出时的初速度是v0,上升过程中所受的阻力大小始终是自身重力的k倍,g=10m/s2,那么v0和k分别等于()A.25m/s,1.25 B.25m/s,0.25 C.50m/s,1.25 D.50m/s,0.255.2009年4月15日零时16分,我国第二颗北斗导航卫星在西昌卫星发射中心发射成功,这颗卫星是中国“北斗二号”卫星导航系统建设计划中的第二颗组网卫星,是地球同步静止轨道卫星。
我国还将在今年和明年两年发射10颗左右的导航卫星,预计在2015年建成由30多颗卫星组成的、覆盖全球的“北斗二号”卫星导航定位系统。
2023年全国高中生物理奥赛高难题目
2023年全国高中生物理奥赛高难题目一、题目背景高中生物理奥赛是全国性的竞赛,旨在考察学生在物理知识、实验技能、科学研究能力等方面的综合素养。
2023年,该竞赛的高难题目将继续挑战学生的智力和创造力,以下是本届高难题目的内容介绍。
二、题目内容题目:长长的电流导线上有一根磁铁,当将磁铁从距离导线a处拉远至距离导线b的位置时,确认下列说法的正确与否:说法一:当磁铁靠近导线时,导线上会产生感应电流。
说法二:当磁铁远离导线时,导线上会产生感应电流。
说法三:当磁铁靠近导线时,导线上的磁感应强度会增大。
说法四:当磁铁远离导线时,导线上的磁感应强度会减小。
三、解析与论证针对以上题目,我们将对每个说法进行解析与论证,来判断其正确性。
说法一:当磁铁靠近导线时,导线上会产生感应电流。
对于这个说法,我们可以引用法拉第电磁感应定律来解释。
根据法拉第电磁感应定律,导线在磁场变化时会感应产生电动势和感应电流。
当磁铁靠近导线时,磁场的变化会导致导线中出现感应电流,因此说法一是正确的。
说法二:当磁铁远离导线时,导线上会产生感应电流。
同样地,根据法拉第电磁感应定律,当磁铁远离导线时,导线中的磁场变化也会引起感应电流。
因此,说法二也是正确的。
说法三:当磁铁靠近导线时,导线上的磁感应强度会增大。
为了判断这个说法的正确性,我们需要了解导线中磁感应强度的变化情况。
根据安培环路定理,当磁场的变化导致感应电流产生时,会在导线周围产生磁感应强度。
根据右手定则,可以得出,磁铁靠近导线时,磁感应强度的方向与磁铁相同,但是并没有明确的表明磁感应强度的增大或减小。
因此,说法三需要进一步论证。
说法四:当磁铁远离导线时,导线上的磁感应强度会减小。
同样地,安培环路定理可以帮助我们解释说法四。
当磁铁远离导线时,导线中的感应电流减小,因此周围的磁感应强度也会减小。
所以,可以得出说法四是正确的。
四、结论综上所述,根据解析与论证,我们可以得出以下结论:说法一:当磁铁靠近导线时,导线上会产生感应电流。
第37届全国中学生物理竞赛预赛问题及答案参考
第37届全国中学生物理竞赛预赛问题及答案参考一、选择题(每题5分,共计25分)1. 下列哪个物理量是标量?A. 速度B. 加速度C. 力D. 位移答案:A2. 在自由落体运动中,物体的速度与时间之间的关系是?A. 成正比B. 成平方关系C. 成反比D. 无关答案:B3. 一个物体在水平面上做匀速直线运动,下列哪个因素不会影响其运动状态?A. 物体的质量B. 水平面的摩擦力C. 物体的速度D. 外加的力答案:C4. 在电路中,电阻、电流和电压之间的关系是?A. 电阻与电流成正比,与电压成反比B. 电阻与电流成反比,与电压成正比C. 电流与电压成正比,与电阻成反比D. 电压与电流成正比,与电阻成反比答案:C5. 一个物体做简谐振动,其位移与时间的关系是?A. 正弦关系B. 余弦关系C. 直线关系D. 指数关系答案:A二、填空题(每题5分,共计25分)1. 物理学中,将_____作为基本单位,其他物理量通过基本单位进行推导。
答案:力学单位2. 在一维直线运动中,物体的位移与时间的关系可以用公式_____表示。
答案:s = v0t + 1/2at^23. 并联电路中,各个电阻的等效电阻为_____。
答案:倒数之和4. 物体做匀速圆周运动时,向心加速度的大小为_____。
答案:v^2/r5. 两个物体碰撞后,如果碰撞是弹性的,那么它们的速度之比为_____。
答案:v2/v1 = (m1 - m2)/(m1 + m2)三、计算题(每题10分,共计30分)1. 一个物体从静止开始做匀加速直线运动,已知加速度a =2m/s^2,时间t = 5s,求物体的位移和速度。
答案:位移s = 1/2 * a * t^2 = 1/2 * 2 * 5^2 = 25m;速度v = a * t = 2 * 5 = 10m/s2. 电路中有两个电阻R1 = 5Ω和R2 = 10Ω,它们串联连接,求电路的总电阻和通过电路的电流,已知电压U = 12V。
2023年全国中学生物理竞赛复赛试题参考解答
全国中学生物理竞赛复赛试题参考解答、评分标准一、参考解答令 表达质子的质量, 和 分别表达质子的初速度和到达a 球球面处的速度, 表达元电荷, 由能量守恒可知2201122mv mv eU =+ (1)由于a 不动, 可取其球心 为原点, 由于质子所受的a 球对它的静电库仑力总是通过a 球的球心, 所以此力对原点的力矩始终为零, 质子对 点的角动量守恒。
所求 的最大值相应于质子到达a 球表面处时其速度方向刚好与该处球面相切(见复解20-1-1)。
以 表达 的最大值, 由角动量守恒有 max 0mv l mvR = (2)由式(1)、(2)可得20max 1/2eU l R mv =- (3) 代入数据, 可得max 22l R = (4) 若把质子换成电子, 则如图复解20-1-2所示, 此时式(1)中 改为 。
同理可求得 max 62l R =(5)评分标准: 本题15分。
式(1)、(2)各4分, 式(4)2分, 式(5)5分。
二、参考解答在温度为 时, 气柱中的空气的压强和体积分别为, (1)1C V lS = (2)当气柱中空气的温度升高时, 气柱两侧的水银将被缓慢压入A 管和B 管。
设温度升高届时 , 气柱右侧水银刚好所有压到B 管中, 使管中水银高度增大C BbS h S ∆= (3) 由此导致气柱中空气体积的增大量为C V bS '∆= (4)与此同时, 气柱左侧的水银也有一部分进入A 管, 进入A 管的水银使A 管中的水银高度也应增大 , 使两支管的压强平衡, 由此导致气柱空气体积增大量为A V hS ''∆=∆ (5)所以, 当温度为 时空气的体积和压强分别为21V V V V '''=+∆+∆ (6)21p p h =+∆ (7)由状态方程知112212p V p V T T = (8) 由以上各式, 代入数据可得2347.7T =K (9)此值小于题给的最终温度 K, 所以温度将继续升高。
全国高中物理竞赛题目
1、关于万有引力定律,下列说法正确的是:A. 万有引力定律只适用于天体之间B. 两个物体之间的万有引力与它们质量的乘积成正比C. 两个物体之间的万有引力与它们距离的平方成反比D. 万有引力定律是牛顿在伽利略和开普勒研究基础上提出的2、关于电磁感应现象,下列说法错误的是:A. 闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时,导体中会产生感应电流B. 感应电流的方向总是与磁场方向相同C. 感应电流的方向与导体切割磁感线的方向有关D. 感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比3、关于牛顿第二定律,下列说法正确的是:A. 物体的加速度与它所受合外力成正比,与它的质量成反比B. 物体的加速度方向总是与它所受合外力的方向相同C. 牛顿第二定律只适用于宏观低速物体,不适用于微观高速粒子D. 物体所受合外力为零时,加速度一定为零,但速度不一定为零4、关于光的干涉现象,下列说法正确的是:A. 干涉现象是光波叠加的结果B. 任何两束光都能发生干涉现象C. 干涉条纹的间距与光的波长成正比D. 干涉现象说明光具有波动性5、在双缝干涉实验中,若将其中一缝挡住,则屏幕上:A. 出现一条亮纹B. 出现等间距的明暗相间的条纹C. 出现不等间距的明暗相间的条纹D. 出现一片黑暗6、关于热力学第二定律,下列说法正确的是:A. 热量不能自发地从低温物体传向高温物体B. 在一定条件下,热量可以从低温物体传向高温物体C. 热量不能从低温物体传向高温物体,但内能可以D. 第二定律的微观意义是“一切自然过程总是沿着分子热运动无序性增大的方向进行”7、关于光的折射现象,下列说法错误的是:A. 光从一种介质进入另一种介质时,传播方向一定会发生改变B. 折射光线、入射光线和法线都在同一平面内C. 折射角的大小与入射角的大小和两种介质的性质都有关D. 在折射现象中,光路是可逆的8、关于电磁波谱,下列说法错误的是:A. 电磁波谱按照波长从长到短排列包括无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线和γ射线B. 紫外线的波长比可见光的波长短,所以它的热效应显著C. X射线具有较强的穿透能力,医学上常用它进行人体透视D. γ射线是原子核内部发生衰变时放出的射线,它的电离本领很强9、关于动量守恒定律,下列说法正确的是:A. 系统不受外力作用时,系统动量一定守恒B. 系统所受合外力为零时,系统动量一定守恒C. 系统所受合外力不为零,但内力远大于外力时,系统动量近似守恒D. 动量守恒定律是自然界最普遍的定律之一,它适用于低速、宏观物体,也适用于高速、微观粒子10、关于原子物理,下列说法正确的是:A. 氢原子从高能级向低能级跃迁时,会放出光子,且原子电势能减小B. 汤姆生发现了电子,并提出了原子的核式结构模型C. 原子核发生衰变时,会同时放出三种射线:α射线、β射线和γ射线,其中α射线穿透能力最强D. 根据玻尔理论,氢原子从高能级向低能级跃迁时,会放出光子,且电子的轨道半径减小。
高中物理竞赛题(含答案)
高中物理竞赛题(含答案)高中物理竞赛题(含答案)一、选择题1. 以下哪个量纲与能量相同?A. 动量B. 功C. 功率D. 力答案:B. 功2. 以下哪个力不属于保守力?A. 弹簧力B. 重力C. 摩擦力D. 电场力答案:C. 摩擦力3. 一块物体在重力作用下自由下落,下列哪个物理量不随时间变化?A. 动能B. 动量C. 速度D. 位移答案:B. 动量4. 在以下哪个条件下,物体落地时速度为零?A. 重力作用下自由下落B. 匀加速直线运动C. 抛体运动D. 飞机减速降落答案:B. 匀加速直线运动5. 下列哪个现象可以说明动量守恒定律?A. 质点在外力作用下保持做直线运动B. 物体上升时速度减小C. 原地旋转的溜冰运动员脚迅速收回臂伸直D. 跳板跳高运动员下降时肌肉突然放松答案:C. 原地旋转的溜冰运动员脚迅速收回臂伸直二、填空题1. 单个质点的能量守恒定律表达式为________。
答案:E1 + K1 + U1 = E2 + K2 + U22. 一个质量为2.0 kg的物体从静止开始下滑,下滑的最后速度为4.0 m/s,物体下滑的高度为5.0 m,重力加速度为9.8 m/s²,摩擦力大小为2.0 N,那么物体所受到的摩擦力的摩擦因数为________。
答案:0.53. 在太阳系中,地球和太阳之间的引力为F,地球和月球之间的引力为f。
已知太阳质量为地球质量的300000倍,月球质量为地球质量的0.012倍。
下列哪个关系式成立?A. F = 300,000fB. F = 0.012fC. F = 300,000²fD. F = 0.012²f答案:A. F = 300,000f4. 一个质点从A点沿一固定的能量守恒定律表达式为E1 + K1 + U1 = E2 + K2 + U2路径运动到B点,以下哪个表达式正确?A. E1 + K1 + U1 = E2 + K2 + U2 + WB. E1 + K1 + U1 = E2 + K2 + U2 - WC. K1 + U1 = K2 + U2D. E1 - E2 = U2 - U1答案:D. E1 - E2 = U2 - U1三、解答题1. 一个木块沿水平面内的光滑竖直墙壁从静止开始下滑,当木块下滑一段距离后,由于摩擦力的作用,木块的速度减小。
全国物理竞赛试题及答案高中
全国物理竞赛试题及答案高中一、选择题(每题5分,共20分)1. 一个质量为m的物体从静止开始下落,忽略空气阻力,经过时间t 后,物体的速度大小为:A. gtB. gt^2C. √(gt)D. √(gt^2)2. 根据牛顿第三定律,以下哪对力是作用力和反作用力:A. 人推墙的力和墙对人的力B. 地球对月球的引力和月球对地球的引力C. 运动员投掷铅球时,铅球的重力和运动员的支持力D. 运动员跳高时,运动员对地面的压力和地面对人的支持力3. 一个弹簧振子做简谐运动,振幅为A,周期为T,那么振子在一周期内通过的总路程为:A. 4AB. 2AC. 8AD. 6A4. 一个物体在水平面上以初速度v0开始做匀减速直线运动,直到停止。
已知物体与水平面之间的动摩擦因数为μ,求物体滑行的距离:A. v0^2 / (2μg)B. v0^2 / (μg)C. 2v0^2 / (μg)D. μg * v0二、填空题(每空3分,共15分)1. 根据欧姆定律,电阻R两端的电压U和通过电阻的电流I的关系是:U = _______。
2. 一个物体从高度h自由下落,其下落过程中重力势能的减少量等于_______。
3. 电磁波的波速在真空中为_______,是光速。
4. 根据能量守恒定律,一个完全非弹性碰撞中,碰撞前后动能的_______。
5. 根据麦克斯韦方程组,变化的磁场会产生_______。
三、计算题(每题10分,共30分)1. 一个质量为2kg的物体被放在水平面上,受到一个水平方向的力F=10N。
求物体在5秒内移动的距离。
2. 一个单摆的摆长为1m,摆角为5°,求单摆完成一次全摆动所需的时间。
3. 一个电路由一个电源电压为12V,一个电阻R=6Ω,一个电容C=10μF组成。
求在充电5分钟后,电容两端的电压。
四、论述题(共35分)1. 论述牛顿运动定律在日常生活中的应用,并给出两个具体的例子。
(15分)2. 描述并解释电磁感应现象,并给出一个电磁感应在现代科技中的应用实例。
全国高中物理竞赛题目附答案-全国高中物理竞赛
全国高中物理竞赛题目附答案-全国高中物理竞赛第一题问题:在一个实验室中,研究人员用一根长30厘米的细绳拧成了一个均匀的扁圆环,并使绳中没有节点。
现用一个透明的粗绳绑在扁圆环的一部分上,被实验者拉紧,如图所示。
当实验者放手,绳可以自由滑动,且没有外部摩擦阻力。
实验者拉绳的作用力为10牛,拉绳的方向竖直向上。
已知绳的线密度为ρ,绳的横截面积为A。
试分析并计算此时扁圆环上存在的应力分布情况。
答案:设扁圆环上任意一点的切线方向为x轴方向,半径方向为y轴方向。
由牛顿第一定律可知,扁圆环上各点的切线方向的合力为零。
此时,切线方向上的应力等于拉绳的作用力,即:σ = F/A,其中,σ为应力,F为拉绳的作用力,A为绳的横截面积。
第二题问题:一个弹簧的伸长量跟受力的大小有关。
现有一个弹簧,质量忽略不计,劲度系数为k。
已知一个物体以速度v撞击弹簧,撞击后弹簧发生最大压缩,此时物体速度为零。
试分析并计算弹簧的最大压缩量。
答案:由动量守恒定律可知,物体撞击弹簧后,合外力为零,故动量守恒。
物体的初动量为mv,撞击后为0。
弹簧的质心相对物体的速度为v,则根据动量守恒定律:mv + Mv = 0,其中,m为物体的质量,v为物体的速度,M为弹簧的质量,V为弹簧质心相对物体的速度。
由此可得:v = -(mv) / M,将此结果代入动能定理可得:kx² / 2 = (1/2)mv²,其中,x为弹簧的最大压缩量。
将上式中的v代入,整理得:kx² = Mv²,x = √(Mv² / k)。
第三题问题:一根长度为L的均质细棒,质量为M,直角弯曲成一个半径为R的圆环,如图所示。
试分析并计算细棒上各点受到的压力分布情况。
答案:设细棒上任意一点的切线方向为x轴方向,圆环上的圆周方向为y轴方向。
由牛顿第一定律可知,细棒上各点的切线方向的合力为零。
此时,切线方向上的压力等于使细棒弯曲的力,即由压力造成的。
2023年全国中学生物理竞赛决赛试题及详细解答版
全国中学生物理竞赛决赛试题北京★ 理论部分一、足球比赛,一攻方队员在图中所示旳 A 处沿 Ax 方向传球,球在草地上以速度 v 匀速滚动,守方有一队员在图中 B 处,以 d 表达 A ,B 间旳距离,以 θ 表达 AB 与Ax 之间旳夹角,已知 θ<90° .设在球离开 A 处旳同步,位于 B 处旳守方队员开始沿一直线在匀速运动中去抢球,以 v p 表达他旳速率.在不考虑场地边界线制旳条件下,求解如下问题(规定用题中给出旳有关参量间旳关系式表达所求得旳成果):1.求出守方队员可以抢到球旳必要条件.2.假如攻方有一接球队员处在 Ax 线上等球,以 l r 表达他到 A 点旳距离,求出球不被原在 B 处旳守方队员抢断旳条件.3.假如攻方有一接球队员处在 Ax 线上,以L 表达他离开 A 点旳距离.在球离开 A 处旳同步,他开始匀速跑动去接球,以 v r 表达其速率,求在这种状况下球不被原在 B 处旳守方队员抢断旳条件.二、卫星旳运动可由地面观测来确定;而懂得了卫星旳运动,又可以用它来确定空间飞行体或地面上物体旳运动.这都波及时间和空间坐标旳测定.为简化分析和计算,不考虑地球旳A自转和公转,把它当做惯性系.1.先来考虑卫星运动旳测定.设不考虑相对论效应.在卫星上装有发射电波旳装置和高精度旳原子钟.假设从卫星上每次发出旳电波信号,都包括该信号发出旳时刻这一信息.(I)地面观测系统(包括若干个观测站)可运用从电波中接受到旳这一信息,并根据自己所处旳已知位置和自己旳时钟来确定卫星每一时刻旳位置,从而测定卫星旳运动.这种测量系统至少需要包括几种地面观测站?列出可以确定卫星位置旳方程.(II)设有两个观测站D1,D2,分别位于同一经线上北纬θ和南纬θ(单位:(°))处.若它们同步收届时间τ之前卫星发出旳电波信号.(i)试求出发出电波时刻卫星距地面旳最大高度H;(ii)当D1,D2处观测站位置旳纬度有很小旳误差△θ时,试求H旳误△,试求H 旳误差.差;(iii)假如上述旳时间τ有很小旳误差τ2.在第1(II)小题中,若θ= 45°,τ= 0.10 s .(i)试问卫星发出电波时刻卫星距△= 地面最大高度H 是多少千米?(ii)若△θ= ±1.0′′ ,定出旳H 有多大误差?(iii)若τ±0.010 μs ,定出旳H 有多大误差?假设地球为半径R = 6.38 × 103 km 旳球体,光速c = 2.998 ×108 m / s ,地面处旳重力加速度g = 9.81 m / s2.3.再来考虑根据参照卫星旳运动来测定一种物体旳运动.设不考虑相对论效应.假设从卫星持续发出旳电波信号包括卫星运动状态旳信息,即每个信号发出旳时刻及该时刻卫星所处旳位置.再假设被观测物体上有一台卫星信号接受器(设其上没有时钟),从而可获知这些信息.为了运用这种信息来确定物体旳运动状态,即物体接受到卫星信号时物体当时所处旳位置以及当时旳时刻,一般来说物体至少需要同步接受到几种不一样卫星发来旳信号电波?列出确定当时物体旳位置和该时刻旳方程.4.根据狭义相对论,运动旳钟比静止旳钟慢.根据广义相对论,钟在引力场中变慢.目前来考虑在上述测量中相对论旳这两种效应.已知天上卫星旳钟与地面观测站旳钟零点已经对准.假设卫星在离地面h = 2.00 ×104 km 旳圆形轨道上运行,地球半径R、光速c 和地面重力加速度g 取第2小题中给旳值.(I)根据狭义相对论,试估算地上旳钟通过24h 后它旳示数与卫星上旳钟旳示数差多少?设在处理这一问题时,可以把匀速直线运动中时钟走慢旳公式用于匀速圆周运动.(II)根据广义相对论,钟在引力场中变慢旳因子是(1-2φ/ c2 )1 / 2 ,φ是钟所在位置旳引力势(即引力势能与受引力作用旳物体质量之比;取无限远处引力势为零)旳大小.试问地上旳钟24 h 后,卫星上旳钟旳示数与地上旳钟旳示数差多少?三、致冷机是通过外界对机器做功,把从低温处吸取旳热量连同外界对机器做功所得到旳能量一起送到高温处旳机器;它能使低温处旳温度减少,高温处旳温度升高.已知当致冷机工作在绝对温度为T1 旳高温处和绝对温度为T2 旳低温处之间时,若致冷机从低温处吸取旳热量为Q,外界对致冷机做旳功为W,则有QW≤T2T1-T2,式中“=”对应于理论上旳理想状况.某致冷机在冬天作为热泵使用(即取暖空调机),在室外温度为-5.00℃旳状况下,使某房间内旳温度保持在20.00℃.由于室内温度高于室外,故将有热量从室内传递到室外.本题只考虑传导方式旳传热,它服从如下旳规律:设一块导热层,其厚度为l ,面积为S,两侧温度差旳大小为T,则单位时间内通过导热层由高温处传导到低温处旳热量为H = k △Tl S ,其中k 称为热导率,取决于导热层材料旳性质.1.假设该房间向外散热是由面向室外旳面积S = 5.00 m2、厚度l = 2.00 mm 旳玻璃板引起旳.已知该玻璃旳热导率k = 0.75 W / ( m • K ),电费为每度0.50元.试求在理想状况下该热泵工作12 h 需要多少电费?2.若将上述玻璃板换为“双层玻璃板”,两层玻璃旳厚度均为2.00mm ,玻璃板之间夹有厚度l0= 0.50 mm 旳空气层,假设空气旳热导率k0 = 0.025 W / ( m • K ),电费仍为每度0.50元.若该热泵仍然工作12 h ,问这时旳电费比上一问单层玻璃情形节省多少?四、如图1所示,器件由互相紧密接触旳金属层( M )、薄绝缘层( I )和金属层( M )构成.按照经典物理旳观点,在I层绝缘性能理想旳状况下,电子不也许从一种金属层穿过绝缘层抵达另MIM 图1一种金属层.不过,按照量子物理旳原理,在一定旳条件下,这种渡越是也许旳,习惯上将这一过程称为隧穿,它是电子具有波动性旳成果.隧穿是单个电子旳过程,是分立旳事件,通过绝缘层转移旳电荷量只能是电子电荷量-e ( e = 1.60 ×10-19C )旳整数倍,因此也称为单电子隧穿,MIM 器件亦称为隧穿结或单电子隧穿结.本题波及对单电子隧穿过程控制旳库仑阻塞原理,由于据此可望制成尺寸很小旳单电子器件,这是目前研究得诸多、有应用前景旳领域.1.显示库仑阻塞原理旳最简朴旳做法是将图1旳器件当作一种电容为C 旳电容器,如图2所示.电容器极板上旳电荷来源于金属极板上导电电子云相对于正电荷背景旳很小位移,可以持续变化.如前所述,以隧穿方式通过绝缘层旳只能是分立旳单电子电荷.假如隧穿过程会导致体系静电能量上升,则此过程不能发生,这种现象称为库仑阻塞.试求出发生库仑阻塞旳条件即电容器极板间旳电势差V AB = V A -V B 在什么范围内单电子隧穿过程被严禁.2.假定 V AB = 0.10 mV 是刚能发生隧穿旳电压.试估算电容 C 旳大小.3.将图1旳器件与电压为 V 旳恒压源相接时,一般采用图2所示旳双构造器件来观测单电子隧穿,防止杂散电容旳影响.中间旳金属块层称为单电子岛.作为电极旳左、右金属块层分别记为 S ,D .若已知岛中有净电荷量-ne ,其中净电子数 n 可为正、负整数或零,e 为电子电荷量旳大小,两个 MIM 结旳电容分别为 C S 和 C D .试证明双结构造器件旳静电能中与岛上净电荷量有关旳静电能(简称单电子岛旳静电能)为U n = (-ne )22( C S +C D ).4.在图3给出旳具有源( S )、漏( D )电极双结构造旳基础上,通过和岛连接旳电容 C G添加门电极( G )构成如图4给出旳单电子三极管构造,门电极和岛间没有单电子隧穿事件发图2生.在 V 较小且固定旳状况下,通过门电压 V G 可控制岛中旳净电子数 n .对于 V G 怎样控制 n ,简朴旳模型是将 V G 旳作用视为岛中附加了等效电荷 q 0 =C G V G .这时,单电子岛旳静电能可近似为 U n = (-ne + q 0 )2 / 2C∑,式中C∑= C S +C D +C G .运用方格图(图5),考虑库仑阻塞效应,用粗线画出岛中净电子数从 n = 0开始,C G V G / e 由0增大到3旳过程中,单电子岛旳静电能 U n 随 C G V G 变化旳图线(纵坐标表达 U n ,取 U n 旳单位为 e 2 / 2C∑;横坐标表达 C G V G ,取 C G V G 旳单位为 e ).规定标出要点旳坐标,并把 n = 0 ,1 ,2 ,3时 C G V G / e 旳变化范围填在表格中.(此小题只按作图及所填表格(表1)评分).表1图3图4图5U n( e 2 / 2C∑)C G V Ge五、折射率n = 1.50 、半径为R旳透明半圆柱体放在空气中,其垂直于柱体轴线旳横截面如图所示,图中O 点为横截面与轴线旳交z 点.光仅容许从半圆柱体旳平面AB 进入,一束足够宽旳平行单色光沿垂直于圆柱轴旳方向以入射角i射至AB 整个平面上,其中有一部分入射光束能通过半圆柱体从圆柱面射出.这部分光束在入射到AB 面上时沿y 轴方向旳长度用 d 表达.本题不考虑光线在透明圆柱体内经一次或多次反射后再射出柱体旳复杂情形.1.当平行入射光旳入射角i 在0°~90°变化时,试求 d 旳最小值d min 和最大值d max.2.在如图所示旳平面内,求出射光束与柱面相交旳圆弧对O 点旳张角与入射角i 旳关系.并求在掠入射时上述圆弧旳位置.六、根据广义相对论,光线在星体旳引力场中会发生弯曲,在包括引力中心旳平面内是一条在引力中心附近微弯旳曲线.它距离引力中心近来旳点称为光线旳近星点.通过近星点与引力中心旳直线是光线旳对称轴.若在光线所在平面内选择引力中心为平面极坐标(r ,φ)旳原点,选用光线旳对称轴为坐标极轴,则光线方程(光子旳轨迹方程)为r =GM / c2a cosφ+a2 ( 1 + sin2φ),G 是万有引力恒量,M 是星体质量,c 是光速,a 是绝对值远不不小于1旳参数.目前假设离地球80.0光年处有一星体,在它与地球连线旳中点处有一白矮星.假如通过该白矮星两侧旳星光对地球上旳观测者所张旳视角是1.80×10-7rad ,试问此白矮星旳质量是多少公斤?已知G = 6.673 ×10-11 m3 / ( kg •s2 )七、1.假设对氦原子基态采用玻尔模型,认为每个电子都在以氦核为中心旳圆周上运动,半径相似,角动量均为:= h / 2π,其中h 是普朗克常量.(I)假如忽视电子间旳互相作用,氦原子旳一级电离能是多少电子伏?一级电离能是指把其中一种电子移到无限远所需要旳能量.(II)试验测得旳氦原子一级电离能是24.6 eV .若在上述玻尔模型旳基础上来考虑电子之间旳互相作用,深入假设两个电子总处在通过氦核旳一条直径旳两端.试用此模型和假设,求出电子运动轨道旳半径r0、基态能量E0以及一级电离能E+,并与试验测得旳氦原子一级电离能相比较.已知电子质量m = 0.511 MeV / c2,c是光速,组合常量c =197.3 MeV • fm = 197.3 eV• nm ,ke2 = 1.44 MeV • fm = 1.44 eV • nm ,k是静电力常量,e 是基本电荷量.2.右图是某种粒子穿过云室留下旳径迹旳照片.径迹在纸面内,图旳中间是一块与纸面垂直旳铅板,外加恒定匀强磁场旳方向垂直纸面向里.假设粒子电荷旳大小是一种基本电荷量e:e = 1.60×10-19 C ,铅板下部径迹旳曲率半径r d= 210 mm ,铅板上部径迹旳曲率半径r u= 76.0 mm ,铅板内旳径迹与铅板法线成θ= 15.0°,铅板厚度d = 6.00 mm ,磁感应强度B = 1.00 T ,粒子质量m = 9.11 ×10-31 kg = 0.511 MeV / c2.不考虑云室中气体对粒子旳阻力.(I)写出粒子运动旳方向和电荷旳正负.(II)试问铅板在粒子穿过期间所受旳力平均为多少牛?(III)假设射向铅板旳不是一种粒子,而是从加速器引出旳流量为j = 5.00 ×1018 / s 旳脉冲粒子束,一种脉冲持续时间为 =2.50 ns .试问铅板在此脉冲粒子束穿过期间所受旳力平均为多少牛?铅板在此期间吸取旳热量又是多少焦?第25届全国中学生物理竞赛决赛参照解答一、1 .解法一:设守方队员通过时间t 在Ax 上旳C图1点抢到球,用l 表达A 与C 之间旳距离,l p 表达B 与C 之间旳距离(如图1所示),则有l = vt ,l p = v p t (1)和l2p= d2 + l2-2dl cosθ.(2)解式(1),(2)可得l =d1-( v p / v)2{cosθ±[ (v pv)2 -sin2θ]1 / 2 }.(3)由式(3)可知,球被抢到旳必要条件是该式有实数解,即v p ≥v sinθ.(4)解法二:设BA 与BC 旳夹角为φ(如图1).按正弦定理有l psinθ=lsinφ.运用式(1)有v pv= sinθsinφ.从sinφ≤1可得必要条件(4).2.用l min 表达守方队员能抢断球旳地方与A 点间旳最小距离.由式(3)知l min =d1-( v p / v)2{cosθ±[ (v pv)2 -sin2θ]1 / 2 }.(5)若攻方接球队员到 A 点旳距离不不小于l min ,则他将先控制球而不被守方队员抢断.故球不被抢断旳条件是l r <l min .(6)由(5),(6)两式得l r <d1-( v p / v)2{cosθ±[ (v pv)2 -sin2θ]1 / 2 }(7)由式(7)可知,若位于Ax 轴上等球旳攻方球员到A 点旳距离l r 满足该式,则球不被原位于B 处旳守方球员抢断.3.解法一:假如在位于 B 处旳守方球员抵达Ax 上距离A 点l min 旳C1 点之前,攻方接球队员可以抵达距 A 点不不小于l min 处,球就不会被原位于 B 处旳守方队员抢断(如图2所示).若L≤l min 就相称于第2小题.若L>l min ,设攻方接球员位于Ax 方向上某点 E处,则他跑到C1 点所需时间t rm = ( L-l min ) / v r ;(8)守方队员抵达C1 处所需时间t pm = ( d2+ l2min-2dl min cosθ)1 / 2/v p.球不被守方抢断旳条件是t rm <t pm .(9)即L<v rv p( d2 + l2min-2dl min cosθ)1 / 2 + l min ,(10)式中l min 由式(5)给出.解法二:守方队员抵达C1 点旳时间和球抵达该点旳时间相似,因此有t pm = l min / v .从球不被守方队员抢断旳条件(9)以及式(8)可得到L<( 1 + v r / v ) l min(11)式中l min也由式(5)给出.易证明式(11)与(10)相似.二、1.(I)选择一种坐标系来测定卫星旳运动,就是测定每一时刻卫星旳位置坐标x,y,z.设卫星在t时刻发出旳信号电波抵达第i 个地面站旳时刻为t i.由于卫星信号电波以图2光速c 传播,于是可以写出(x-x i )2 + (y-y i )2 + (z -z i )2 = c2 (t-t i )2( i = 1 ,2 ,3 ),(1)式中x i,y i,z i是第i个地面站旳位置坐标,可以预先测定,是已知旳;t i 也可以由地面站旳时钟来测定;t 由卫星信号电波给出,也是已知旳.因此,方程(1)中有三个未知数x,y,z,要有三个互相独立旳方程,也就是说,至少需要包括三个地面站,三个方程对应于式(1)中i = 1 ,2 ,3 旳状况.(II)(i)如图所示,以地心O和两个观测站D1,D2旳位置为顶点所构成旳三角形是等腰三角形,腰长为R .根据题意,可知卫星发出信号电波时距离两个观测站旳距离相等,都是L = cτ.(2)当卫星P 处在上述三角形所在旳平面内时,距离地面旳高度最大,即H.以θ表达D1,D2 所处旳纬度,由余弦定理可知L2 = R2 + ( H + R )2 -2R ( H + R ) cosθ.(3)由(2),(3)两式得H = (cτ)2 -(R sinθ)2 -R ( 1-cosθ) .(4)式(4)也可据图直接写出.(ii)按题意,假如纬度有很小旳误差△θ,则由式(3)可知,将引起H发生误差△H .这时有L2 = R2 + ( H +△H + R )2 -2R ( H +△H + R ) cos ( θ+△θ).(5)将式(5)展开,因△θ很小,从而△H 也很小,可略去高次项,再与式(3)相减,得△H = -R ( R +H ) sin θ△θH + ( 1-cos θ ) R, (6)其中 H 由(4)式给出.(iii )假如时间τ有τ△旳误差,则 L 有误差△L = c τ△ . (7)由式(3)可知,这将引起 H 产生误差△H .这时有( L +△L )2 = R 2 + ( H +△H + R )2 -2R ( H +△H + R ) cos θ. (8)由式(7),(8)和(3),略去高次项,可得△H = c 2ττ△H + R ( 1-cos θ ), (9)其中 H 由式(4)给出.2.(i )在式(4)中代入数据,算得 H = 2.8 ×104 km .(ii )在式(6)中代入数据,算得△H =25m .(iii )在式(9)中代入数据,算得△H = ±3.0 m .3.选择一种坐标系,设被测物体待定位置旳坐标为 x ,y ,z ,待定期刻为 t ,第 i 个卫星在 t i 时刻旳坐标为 x i ,y i ,z i .卫星信号电波以光速传播,可以写出(x -x i )2 + (y -y i )2 + (z -z i )2 = c 2 (t -t i )2 ( i = 1 ,2 ,3 ,4 ), (10) 由于方程(1)有四个未知数 t ,x ,y ,z ,需要四个独立方程才有确定旳解,故需同步接受至少四个不一样卫星旳信号.确定当时物体旳位置和该时刻所需要旳是式(10)中 i = 1 ,2 ,3 ,4 所对应旳四个独立方程.4.(I )由于卫星上钟旳变慢因子为[ 1-( v / c )2] 1 / 2 ,地上旳钟旳示数 T 与卫星上旳钟旳示数 t 之差为T -t = T -1-(vc )2 T = [ 1-1-(vc)2 ] T , (11)这里 v 是卫星相对地面旳速度,可由下列方程定出:v 2r = GMr2 , (12) 其中 G 是万有引力常量,M 是地球质量,r 是轨道半径.式(11)给出v =GMr= g rR = gR + hR , 其中 R 是地球半径,h 是卫星离地面旳高度,g = GM / R 2 是地面重力加速度;代入数值有 v = 3.89 km / s .于是 ( v / c )2 ≈1.68 ×10-10,这是很小旳数.因此[ 1- (v c )2 ]1 / 2 ≈1- 12 (vc)2 .最终,可以算出 24 h 旳时差T-t ≈12 (v c )2T = 12 gR 2c 2 ( R + h )T = 7.3 μs . (13)(II )卫星上旳钟旳示数t 与无限远惯性系中旳钟旳示数T 0之差t -T 0 =1-2φc 2 T 0-T 0 = (1-2φc 2-1 )T 0 . (14)卫星上旳钟所处旳重力势能旳大小为φ= GM R + h = R 2R + h g . (15)因此 φc 2 = gR 2c 2 ( R + h ) ;代入数值有φ/ c 2 = 1.68 ×10-10,这是很小旳数.式(14)近似为t-T 0 ≈- φc 2T 0 . (16)类似地,地面上旳钟旳示数 T 与无限远惯性系旳钟旳示数之差T-T 0 =1-2Eφ c 2 T 0-T 0= ( 1-2Eφ c 2-1 )T 0 . (17)地面上旳钟所处旳重力势能旳大小为E φ= GMR =gR . (18)因此Eφ c 2 = gR c 2; 代入数值有E φ/ c 2 = 6.96 ×10-10,这是很小旳数.与上面旳情形类似,式(17)近似为T-T 0 ≈-Eφ c 2T 0 . (19)(16),(19)两式相减,即得卫星上旳钟旳示数与地面上旳钟旳示数之差t-T ≈-Eφφ- c 2T 0 . (20)从式(19)中解出 T 0 ,并代入式(20)得t -T ≈-Eφφ- c 2/ (1-Eφ c 2 )T≈-Eφφ- c 2T =gR c 2 h R + hT . (21) 注意,题目中旳 24 h 是指地面旳钟走过旳时间 T .最终,算出 24 h 卫星上旳钟旳示数与地面上旳钟旳示数之差t -T = 46 μs . (22)三、1.依题意,为使室内温度保持不变,热泵向室内放热旳功率应与房间向室外散热旳功率相等.设热泵在室内放热旳功率为 q ,需要消耗旳电功率为 P ,则它从室外(低温处)吸取热量旳功率为 q -P .根据题意有q -P P ≤ T 2T 1-T 2, (1) 式中 T 1 为室内(高温处)旳绝对温度,T 2 为室外旳绝对温度.由(1)式得P ≥ T 1-T 2T 1q . (2)显然,为使电费至少,P 应取最小值;即式(2)中旳“≥”号应取等号,对应于理想状况下 P 最小.故最小电功率P min =T 1-T 2T 1q . (3)又依题意,房间由玻璃板通过热传导方式向外散热,散热旳功率H =k T1-T2l S .(4)要保持室内温度恒定,应有q = H .(5)由(3)~(5)三式得P min =k S ( T1-T2 )2lT1.(6)设热泵工作时间为t,每度电旳电费为c,则热泵工作需花费旳至少电费C min = P min tc .(7)注意到T1 = 20.00 K + 273.15 K = 293.15 K ,T2 = -5.00 K + 273.15 K = 268.15 K ,1度电= 1 kW • h .由(6),(7)两式,并代入有关数据得C min = ( T1-T2 )2T1l Sktc = 23.99 元.(8)因此,在理想状况下,该热泵工作12 h 需约24元电费.2.设中间空气层内表面旳温度为T i,外表面旳温度为T0 ,则单位时间内通过内层玻璃、中间空气层和外层玻璃传导旳热量分别为H1=k T1-T il S ,(9)H2=k0T i-T0l0S ,(10)H3=k T0-T2l S .(11)在稳定传热旳状况下,有H1= H2= H3 .(12)由(9)~(12)四式得k T1-T il= k0T i-T0l0和T1-T i = T0-T2.(13)解式(13)得T i = l0k + lk0l0k + 2lk0T1 +lk0l0k + 2lk0T2.(14)将(14)式代入(9)式得H1 =kk0l0k + 2lk0( T1-T2 )S .(15)要保持室内温度恒定,应有q =H1.由式(3)知,在双层玻璃状况下热泵消耗旳最小电功率P′min =kk0l0k + 2lk0( T1-T2 )2T1S .(16)在理想状况下,热泵工作时间t需要旳电费C ′min = P′min tc ;(17)代入有关数据得C′min = 2.52 元.(18)因此,改用所选旳双层玻璃板后,该热泵工作12 h 可以节省旳电费△C min = C min -C′min = 21.47 元.(19)四、1.先假设由于隧穿效应,单电子能从电容器旳极板A 隧穿到极板B.以Q 表达单电子隧穿前极板A 所带旳电荷量,V AB 表达两极板间旳电压(如题目中图3所示),则有V AB = Q / C .(1)这时电容器储能U= 12CV2AB.(2)当单电子隧穿到极板B后,极板A所带旳电荷量为Q′ = Q + e ,(3)式中e 为电子电荷量旳大小.这时,电容器两极板间旳电压和电容器分别储能为V′AB = Q + eC,U′ =12CV ′2AB.(4)若发生库仑阻塞,即隧穿过程被严禁,则规定U′-U >0 .(5)由(1)~(5)五式得V AB >-12eC .(6)再假设单电子能从电容器旳极板B隧穿到极板A.仍以Q表达单电子隧穿前极板A 所带旳电荷量,V AB 表达两极板间旳电压.当单电子从极板B隧穿到极板A时,极板A所带旳电荷量为Q′ = Q-e .通过类似旳计算,可得单电子从极板B 到极板A旳隧穿不能发生旳条件是V AB <12eC .(7)由(6),(7)两式知,当电压V AB 在-e / 2C~e / 2C 之间时,单电子隧穿受到库仑阻塞,即库仑阻塞旳条件为-12eC <V AB <12eC .(8)2.依题意和式(8)可知,恰好能发生隧穿时有V AB =12eC = 0.10 mV .(9)由式(9),并代入有关数据得C =8.0 ×10-16 F .(10)3.设题目中图3中左边旳MIM 结旳电容为C S,右边旳MIM 结旳电容为CD .双结构造体系如图a所示,以Q1 ,Q2 分别表达电容C S ,图aC D所带旳电荷量.根据题意,中间单电子岛上旳电荷量为-ne= Q2-Q1 .(11)体系旳静电能为C S 和C D 中静电能旳总和,即U = Q212C S+Q222C D;(12)电压V = Q1C S+Q2C D.(13)由(11)~(13)三式解得U = 12CV2 +(Q2-Q1)22 ( C S + C D ).(14)由于V为恒量,从式(13)可知体系旳静电能中与岛上净电荷有关旳静电能U n= (-ne )2 / 2 (C S + C D ).4.U n 随C G V G 变化旳图线如图b;C G V G / e 旳变化范围如表2.表2U n( e2 / 2C )图b五、1.在图1中,z 轴垂直于 AB 面.考察平行光束中两条光线分别在 AB 面上 C 与 C ′ 点以入射角 i射入透明圆柱时旳状况,r 为折射角,在圆柱体中两折射光线分别射达圆柱面旳 D 和 D ′ ,对圆柱面其入射角分别为 i 2 与 i ′2 .在△OCD 中,O 点与入射点 C 旳距离 y c 由正弦定理得y c sin i 2 = R sin ( 90° + r ) ,即 y c = sin i 2cos rR . (1) 同理在△OC ′D ′ 中,O 点与入射点 C ′ 旳距离有y c ′sin i ′2 = R sin ( 90°-r ),即 y c ′ = sin i ′2cos r R . (2) 当变化入射角 i 时,折射角 r 与柱面上旳入射角 i 2 与 i ′2 亦随之变化.在柱面上旳入射角满足临界角i 20 = arcsin ( 1 / n ) ≈ 41.8° (3)时,发生全反射.将 i 2 = i ′2 = i 20 分别代入式(1),(2)得y o c = y o c ′ = sin i 20cos rR , (4) 即 d = 2y o c = 2sin i 20cos rR . (5) 当 y c > y o c 和 y c ′ > y o c ′ 时,入射光线进入柱体,通过折射后射达柱面时旳入射角不小于临界角 i 20 ,由于发生全反射不能射出柱体.因折射角 r 随入射角 i 增大而增大.由式(4)知,当 r = 0 ,即 i = 0(垂直入射)时,d 取最小值d min = 2R sin i 20 = 1.33 R . (6)图1当i →90°(掠入射)时,r→41.8°.将r =41.8°代入式(4)得d max = 1.79 R.(7)2.由图2可见,φ是Oz 轴与线段OD 旳夹角,φ′是Oz 轴与线段OD′旳夹角.发生全反射时,有φ= i20 + r ,(8)φ′= i20-r ,(9)和θ= φ+φ′=2i20≈83.6°.(10)由此可见,θ与i 无关,即θ独立于i .在掠入射时,i ≈90°,r =41.8°,由式(8),(9)两式得φ= 83.6°,φ′= 0°.(11)六、由于方程r =GM / c2a cosφ + a2 ( 1 + sin2φ)(1)是φ旳偶函数,光线有关极轴对称.光线在坐标原点左侧旳情形对应于a<0 ;光线在坐标原点右侧旳情形对应a>0 .右图是a<0旳情形,图中极轴为Ox,白矮星在原点O处.在式(1)中代入近星点坐标r = r m,φ= π,并注意到a 2| a | ,有a≈-GM / c2r m .(2)通过白矮星两侧旳星光对观测者所张旳视角θS 可以有不一样旳体现方式,对应旳问题有不一样旳解法.解法一:若从白矮星到地球旳距离为d,则可近似地写出ySrxOEr mφ图2θS≈2r m / d.(3)在式(1)中代入观测者旳坐标r = d,φ= -π/ 2,有a2≈GM / 2c2d.(4)由(2)与(4)两式消去a,可以解出r m = 2GMd / c2 .(5)把式(5)代入式(3)得θS≈8GM / c2d;(6)即M≈θ2Sc2d / 8G ,(7)其中d = 3.787 ×1017 m ;代入数值就可算出M≈2.07 ×1030 kg .(8)解法二:光线射向无限远处旳坐标可以写成r→∞,φ= -π2+θ2.(9)近似地取θS≈θ,把式(9)代入式(1),规定式(1)分母为零,并注意到θ1,有aθ / 2 + 2a2= 0 .因此θS≈θ=-4a = 8GM / c2d,(10)其中用到式(4),并注意到a<0 .式(10)与式(6)相似,从而也有式(8).解法三:星光对观测者所张旳视角θS 应等于两条光线在观测者处切线旳夹角,有sin θS2=△( r cosφ)△r= cosφ-r sinφ△φ△r.(11)由光线方程(1)算出△φ/△r ,有sin θS2= cosφ-r sinφGM / c2r2a sinφ= cosφ-GMc2ra;代入观测者旳坐标r = d, = -π/ 2以及a旳体现式(4),并注意到θS很小,就有θS≈2GMc2d2c2dGM =8GMc2d,与式(6)相似.因此,也得到了式(8).解法四:用式(2)把方程(1)改写成-r m = r cosφ-GMc2r m r[ (r cosφ )2 + 2 (r sinφ)2 ] ,即x = -r m + GMc2r m r( x2 +2y2 ) .(12)当y→-∞时,式(12)旳渐近式为x = -r m-2GMc2r m y.这是直线方程,它在x轴上旳截距为-r m ,斜率为1-2GM/ c2r m ≈1-tan ( θS / 2 )≈-1θS / 2 .于是有θS ≈4GM/ c2r m.r m用式(5)代入后,得到式(6),从而也有式(8).七、1.(I)氦原子中有两个电子,一级电离能E+ 是把其中一种电子移到无限远处所需要旳能量满足He + E+ →He+ + e-.为了得到氦原子旳一级电离能E+ ,需规定出一种电子电离后来氦离子体系旳能量E*.这是一种电子围绕氦核运动旳体系,下面给出两种解法.解法一:在力学方程2ke2r2= mv2 r中,r 是轨道半径,v 是电子速度.对基态,用玻尔量子化条件(角动量为)可以解出r0 =2/ 2ke2m .(1)于是氦离子能量E* = p22m-2ke2r0= -2k2e4m2,(2)其中p0 为基态电子动量旳大小;代入数值得E* = -2( ke2 )2mc2(c)2≈-54.4 eV .(3)由于不计电子间旳互相作用,氦原子基态旳能量E0 是该值旳2倍,即E0 =2E* ≈-108.8 eV .(4)氦离子能量E*与氦原子基态能量E0之差就是氦原子旳一级电离能E+ =E*-E0 = -E*≈ 54.4 eV .(5)解法二:氦离子能量E*= p22m-2ke2r.把基态旳角动量关系rp=代入,式(3)可以改写成E* =22mr2-2ke2r=22m(1r-2ke2m2)2-2k2e4m2.因基态旳能量最小,式(4)等号右边旳第一项为零,因此半径和能量r 0 =22ke2m,E*= -2k2e4m2分别与(1),(2)两式相似.(II)下面,同样给出求氦原子基态能量E0和半径r0旳两种解法.解法一:运用力学方程mv2r= 2ke2r2-ke2( 2r )2=7ke24r2和基态量子化条件rmv =,可以解出半径r0 = 42/ 7ke2m,(6)于是氦原子基态能量E 0 = 2 ( p22m-2ke2r0) +ke22r0= -49k2e4m162;(7)代入数值算得E0 = -49( ke2 )2mc216(c)2≈-83.4 eV ,(8)r0 = 4 (c)27ke2mc2≈ 0.0302 nm .因此,氦原子旳一级电离能E+ =E*-E0≈ 29.0 eV .(9)这仍比试验测得旳氦原子一级电离能24.6 eV 高出4.4 eV .解法二:氦原子能量E = 2 (p22m-2ke2r) +ke22r=2mr2-7ke22r可以化成E =2m(1r-7ke2m42)2-49k2e4m162.当上式等号右边第一项为零时,能量最小.由此可知,基态能量与半径E 0 =-49k2e4m162,r0=427ke2m分别与(7),(6)两式相似.2.(I)粒子从下部射向并穿过铅板向上运动,其电荷为正.(II)如题图所示,粒子旳运动速度v 与磁场方向垂直,洛伦兹力在纸面内;磁力不变化荷电粒子动量旳大小,只变化其方向.若不考虑云室中气体对粒子旳阻力,荷电粒子在恒定磁场作用下旳运动轨迹就是曲率半径为一定值旳圆弧;可以写出其运动方程qBv=|△p△t| =p△φ△t=pvr,(1)其中q 是粒子电荷,v 是粒子速度旳大小,p 是粒子动量旳大小,△φ是粒子在△t时间内转过旳角度,r是轨迹曲率半径.于是有p= qBr .(2)按题意,q=e .用p d 和p u 分别表达粒子射入铅板和自铅板射出时动量旳大小,并在式(1)中代入有关数据,可以算得p d =63.0 MeV / c ,p u= 22.8 MeV / c .(3)注意到当pc mc2 时应使用狭义相对论,从p=mv1-(v / c)2.(4)中可以得到v=c1+(mc / p)2.(5)用v d 和v u 分别表达粒子进入和离开铅板时旳速度大小.把式(2)以及m = 0.511 MeV / c2代入式(3),可得v d ≈c,v u≈c.(6)于是,粒子穿过铅板旳平均速度v= ( 1 / 2 ) ( v d + v u )≈c.用△t表达粒子穿过铅板旳时间,则有v cosθ△t = d.(7)再用△p du表达粒子穿过铅板动量变化量旳大小,铅板所受到旳平均力旳大小f = △p du△t=p d-p ud / (v cosθ)≈( p d-p u ) c cosθd;(8)代入有关数值得f ≈1.04 ×10-9 N .(9)(III)一种粒子穿过铅板旳时间△t =dv cosθ≈dc cosθ≈2.07 ×10-11 s = 0.0207 ns,(10)比粒子束流旳脉冲周期 = 2.50 ns 小得多.铅板在此脉冲粒子束穿过期间所受旳力旳平均大小F ≈( p d-p u ) j;(11)。
高中物理竞赛试题及答案
高中物理竞赛试题及答案一、选择题(每题3分,共30分)1. 根据牛顿第二定律,物体的加速度与作用力成正比,与物体的质量成反比。
如果一个物体的质量是另一个物体的两倍,且受到相同大小的力,那么第一个物体的加速度是第二个物体加速度的多少?A. 1/2B. 2C. 1/4D. 4答案:A2. 光在真空中的速度是多少?A. 299,792,458 m/sB. 299,792,458 km/sC. 299,792,458 cm/sD. 299,792,458 mm/s答案:A3. 电容器的电容是由什么决定的?A. 电容器的电压B. 电容器的电荷C. 电容器的板间距D. 电容器的板面积和介质常数答案:D4. 以下哪个选项是描述电磁波的?A. 需要介质传播B. 传播速度取决于介质C. 可以在真空中传播D. 速度总是比光速慢答案:C5. 一个物体从静止开始自由下落,其下落的加速度是多少?A. 9.8 m/s²B. 10 m/s²C. 11 m/s²D. 12 m/s²答案:A6. 根据热力学第一定律,系统内能的增加等于系统吸收的热量与系统对外做的功之和。
如果一个系统吸收了100焦耳的热量,同时对外做了50焦耳的功,那么系统内能增加了多少?A. 50 JB. 100 JC. 150 JD. 200 J答案:A7. 以下哪个选项是描述绝对零度的?A. 物体内分子运动完全停止的温度B. 物体内分子运动速度最快的温度C. 物体内分子运动速度最慢的温度D. 物体内分子运动速度为零的温度答案:A8. 在电路中,电流的方向是如何定义的?A. 从负极流向正极B. 从正极流向负极C. 从电源流向负载D. 从负载流向电源答案:B9. 以下哪个选项是描述波长、频率和波速的关系的?A. 波长× 频率 = 波速B. 波长÷ 频率 = 波速C. 波长 + 频率 = 波速D. 波长 - 频率 = 波速答案:A10. 一个物体在水平面上以恒定速度运动,其运动状态是:A. 静止B. 匀速直线运动C. 变速运动D. 无法确定答案:B二、填空题(每题2分,共20分)1. 根据牛顿第三定律,作用力和反作用力大小________,方向________。
高中物理竞赛题含答案
高中物理竞赛题含答案一、选择题1. 以下哪个物理量是标量?(A)A. 功B. 力C. 速度D. 位移答案:A2. 下列哪个图示了一个物体的加速度随时间的变化呈现为匀加速的情况?(D)A.B.C.D.答案:D3. 光速在真空和介质中的大小关系为:(B)A. 光速在真空与介质中大小相等B. 光速在真空中大于介质中C. 光速在介质中大于真空中D. 光速在介质中与真空中无关答案:B4. 两个球分别从10米和20米的高度落下,它们同时落地。
它们落地时哪个球的速度更大?(A)A. 速度相同B. 10米高度的球速度更大C. 20米高度的球速度更大D. 无法确定答案:A5. 如下图,取自然长度为l、未受拉伸前横截面面积为S的弹性绳,悬挂一质量为m的物体,当物体静止时,绳的长度为l0。
如果物体做振动,振动小于一定范围时,弹性绳对物体做的回复力F正比于振动小的幅度x,弹性系数k即为它的比例系数。
当振动进一步扩大超过一定范围时,弹性绳不能完全回复原状态,即绳有一定的塑性。
当振动到达最大时,弹性绳的长度变为l',则l'与l的变化关系正确的是:(D)A. l' = l(1+x)B. l' = l(1-x)C. l' = l(1+x^2)D. l' = l(1+x)^2答案:D6. 有一小车运动,其初始速度为12米/秒,加速度为8米/秒²,运动的时间为5秒,则小车所运动的距离是(B)A. 180米B. 1800米C. 2800米D. 3520米答案:B二、填空题1. 一个在半径为R的圆形轨道上做匀速圆周运动的质点,速率为v,则此质点的向心加速度为______,受到的向心力为______。
答案:v²/R,mv²/R2. 一个在平面直角坐标系中做匀加速直线运动的物体,其速度可以表示为v=at,物体在t=1时的位移为2米,则它在t=2时的位移为______米。
全国中学生(高中)物理竞赛初赛试题(含答案)
全国中学生(高中)物理竞赛初赛试题(含答案)一、选择题1. 下列哪个物理量在单位时间内保持不变?A. 加速度B. 速度C. 力D. 动能答案:B解析:速度是物体在单位时间内移动的距离,因此在单位时间内保持不变。
2. 一个物体在水平面上做匀速直线运动,下列哪个力是物体所受的合力?A. 重力B. 支持力C. 摩擦力D. 合力为零答案:D解析:物体做匀速直线运动时,所受的合力为零,即所有力的矢量和为零。
3. 下列哪个物理现象是光的折射?A. 镜子成像B. 光在水中的传播速度变慢C. 彩虹D. 光在空气中的传播速度变快答案:C解析:彩虹是光的折射现象,光在通过水滴时发生折射,形成七彩的光谱。
4. 下列哪个物理量是描述物体旋转状态的?A. 速度B. 加速度C. 角速度D. 力答案:C解析:角速度是描述物体旋转状态的物理量,表示物体在单位时间内旋转的角度。
5. 下列哪个物理现象是光的干涉?A. 镜子成像B. 光在空气中的传播速度变慢C. 彩虹D. 双缝干涉答案:D解析:双缝干涉是光的干涉现象,光通过两个狭缝后发生干涉,形成明暗相间的条纹。
二、填空题1. 物体在匀速直线运动时,所受的合力为零,即所有力的矢量和为零。
这个原理称为__________。
答案:牛顿第一定律解析:牛顿第一定律指出,物体在不受外力作用时,将保持静止或匀速直线运动状态。
2. 光在真空中的传播速度为__________m/s。
答案:3×10^8解析:光在真空中的传播速度是一个常数,为3×10^8m/s。
3. 下列哪个物理现象是光的衍射?A. 镜子成像B. 光在水中的传播速度变慢C. 彩虹D. 光通过狭缝后发生弯曲答案:D解析:光通过狭缝后发生弯曲的现象称为光的衍射,是光波与障碍物相互作用的结果。
4. 物体在匀速圆周运动时,所受的向心力大小为__________。
答案:mv^2/r解析:物体在匀速圆周运动时,所受的向心力大小为mv^2/r,其中m为物体质量,v为物体速度,r为圆周半径。
高中物理竞赛试题及答案
高中物理竞赛试题及答案一、选择题(每题3分,共30分)1. 光在真空中的传播速度是()。
A. 3×10^8 m/sB. 3×10^5 m/sC. 3×10^6 m/sD. 3×10^7 m/s2. 根据牛顿第二定律,物体的加速度与作用力成正比,与物体的质量成反比。
以下说法正确的是()。
A. 质量越大,加速度越小B. 作用力越大,加速度越大C. 质量越小,加速度越大D. 以上说法都正确3. 一个物体从静止开始做匀加速直线运动,经过时间t后的速度为v,那么在时间t内的平均速度是()。
A. v/2B. vC. 2vD. 04. 根据能量守恒定律,以下说法错误的是()。
A. 能量既不能被创造也不能被消灭B. 能量可以从一种形式转化为另一种形式C. 能量的总量在转化过程中会减少D. 能量的总量在转化过程中保持不变5. 一个物体在水平面上受到水平方向的力F作用,物体与水平面之间的摩擦系数为μ,以下说法正确的是()。
A. 如果F小于μmg,物体将保持静止B. 如果F大于μmg,物体将做匀加速运动C. 如果F等于μmg,物体将保持静止D. 以上说法都正确6. 一个质量为m的物体从高度h处自由落下,忽略空气阻力,落地时的速度v与高度h的关系是()。
A. v = √(2gh)B. v = √(gh)C. v = 2ghD. v = gh7. 根据欧姆定律,电流I与电压V成正比,与电阻R成反比。
以下说法错误的是()。
A. 电阻R越大,电流I越小B. 电压V越大,电流I越大C. 电流I与电阻R成正比D. 以上说法都正确8. 一个理想变压器的原副线圈匝数比为1:2,当原线圈的电压为220V 时,副线圈的电压为()。
A. 110VB. 440VC. 220VD. 44V9. 一个点电荷q在电场中受到的电场力F与电场强度E的关系是()。
A. F = qEB. F = E^2C. F = q^2D. F = E/q10. 一个物体的体积为V,密度为ρ,其质量m与体积V的关系是()。
高中物理竞赛试题及答案
高中物理竞赛试题及答案1. 题目:一物体从静止开始做匀加速直线运动,第3秒内通过的位移为15米,求物体的加速度。
答案:根据匀加速直线运动的位移公式,第3秒内的位移为\(\frac{1}{2}a(3^2) - \frac{1}{2}a(2^2) = 15m\),解得\(a =4m/s^2\)。
2. 题目:一个质量为2kg的物体在水平面上以10m/s的速度做匀速直线运动,若受到一个大小为5N的水平力作用,求物体的加速度。
答案:根据牛顿第二定律,\(F = ma\),所以\(a = \frac{F}{m} =\frac{5N}{2kg} = 2.5m/s^2\)。
3. 题目:一个质量为1kg的物体从10m高处自由下落,忽略空气阻力,求物体落地时的速度。
答案:根据自由落体运动的公式,\(v^2 = 2gh\),代入\(g =9.8m/s^2\)和\(h = 10m\),解得\(v = \sqrt{2 \times 9.8 \times 10} = 14.1m/s\)。
4. 题目:一物体在水平面上以10m/s的速度做匀速圆周运动,半径为5m,求物体所受的向心力。
答案:根据向心力公式,\(F = \frac{mv^2}{r}\),代入\(m = 1kg\),\(v = 10m/s\),\(r = 5m\),解得\(F = \frac{1 \times 10^2}{5}= 20N\)。
5. 题目:一物体从高度为20m的斜面顶端以10m/s的初速度滑下,斜面倾角为30°,求物体滑到斜面底端时的速度。
答案:根据能量守恒定律,\(mgh + \frac{1}{2}mv_0^2 =\frac{1}{2}mv^2\),代入\(g = 9.8m/s^2\),\(h = 20m\),\(v_0 = 10m/s\),\(\theta = 30°\),解得\(v = \sqrt{2gh\cos\theta + v_0^2} = \sqrt{2 \times 9.8 \times 20 \times\frac{\sqrt{3}}{2} + 10^2} = 22.6m/s\)。
全国高中物理竞赛难题
四.(20分)某些非电磁量的测量是可以经由过程一些响应的装配转化为电磁量来测量的.一平板电容器的两个极扳竖直放置在滑腻的程度平台上,极板的面积为S,极板间的距离为d.极板1固定不动,与四周绝缘;极板2接地,且可在程度平台上滑动并始终与极板1保持平行.极板2的两个侧边与劲度系数为k.天然长度为L的两个完整雷同的弹簧相连,两弹簧的另一端固定.图预17-4-1是这一装配的俯视图.先将电容器充电至电压U后即与电源断开,再在极板2的右侧的全部概况上施以平均的向左的待测压强p;使南北极板之间的距离产生渺小的变更,如图预17-4-2所示.测得此时电容器的电压转变量为U .设感化在电容器极板2上的静电感化力不致引起弹簧的可测量到的形变,试求待测压强p.五.(20分)如图预17-5-1所示,在正方形导线回路所围的区域A A A A内散布有偏向垂直于1234回路平面向里的匀强磁场,磁感应强度B 随时光以恒定的变更率增大,回路中的感应电流为 1.0mA I =.已知12A A .34A A 双方的电阻皆为零;41A A 边的电阻1 3.0k R =Ω,23A A 边的电阻27.0k R =Ω.1.试求12A A 两点间的电压12U .23A A 两点间的电压23U .34A A 两点间的电压34U .41A A 两点间的电压41U .2.若一内阻可视为无穷大的电压表V 位于正方形导线回路地点的平面内,其正负端与连线地位分离如图预17-5-2.图预17-5-3和图预17-5-4所示,求三种情形下电压表的读数1U .2U .3U . 六.(20分)绝热容器A 经一阀门与另一容积比A 的容积大得许多的绝热容器B 相连.开端时阀门封闭,两容器中盛有同种幻想气体,温度均为30℃,B 中气体的压强为A 中的2倍.现将阀门迟缓打开,直至压强相等时封闭.问此时容器A 中气体的温度为若干?假设在打开到封闭阀门的进程中处在A 中的气体与处在B 中的气体之间无热交流.已知每摩尔该气体的内能为52U RT =,式中R 为普适气体恒量,T 是热力学温度.七.(20分)当质量为m 的质点距离—个质量为M .半径为R 的质量平均散布的致密天体中间的距离为r (r ≥R ) 时,其引力势能为P /E GMm r =-,个中11226.6710N m kg G =⨯⋅⋅--为万有引力常量.设致密天体是中子星,其半径10km R =,质量1.5M M =⊙(3012.010kg M ⨯⊙=,为太阳的质量).1.1Kg 的物资从无穷远处被吸引到中子星的概况时所释放的引力势能为若干?2.在氢核聚变反响中,若介入核反响的原料的质量为m,则反响中的质量吃亏为0.0072 m,问1kg的原料经由过程核聚变供给的能量与第1问中所释放的引力势能之比是若干?3.天文学家以为:脉冲星是扭转的中子星,中子星的电磁辐射是中断的,沿其磁轴偏向最强,磁轴与中子星的自转轴偏向有一夹角(如图预17-7所示),在地球上的吸收器所吸收到的连续串周期消失的脉冲是脉冲星的电磁辐射.试由上述意见估算地球上吸收到的两个脉冲之间的时光距离的下限.八.(20分)如图预17-8所示,在程度桌面上放有长木板C,C上右端是固定挡板P,在C上左端和中点处各放有小物块A和B,A.B的尺寸以及P的厚度皆可疏忽不计,A.B之间和B.P之间的距离皆为L.设木板C与桌面之间无摩擦,A.C之间和B.C之间的静摩擦因数及滑动摩擦因数均为;A.B.C(连同挡板P)的质量雷同.开端时,B和C静止,A以某一初速度向右活动.试问下列情形是否能产生?请求定量求出能产生这些情形时物块A的初速度v应知足的前提,或定量解释不克不及产生的来由.(1)物块A与B产生碰撞;(2)物块A与B产生碰撞(设为弹性碰撞)后,物块B与挡板P产生碰撞;(3)物块B 与挡板P 产生碰撞(设为弹性碰撞)后,物块B 与A 在木板C 上再产生碰撞;(4)物块A 从木板C 上失落下来; (5)物块B 从木板C 上失落下来.第十七届全国中学生物理比赛预赛题参考解答一.参考解答 四.参考解答因电容器充电后与电源断开,极板上的电量保持不变,故两板之间的电压U 应与其电容C 成反比;而平板电容器的电容C 又与极板间的距离d 成反比;故平板电容器的两板之间的电压与距离d 成正比,即U Ad =(1)式中A 为比例系数.极板2受压强感化而向左移动,并使弹簧变形.设达到均衡时,极板2 向左移动的距离为d ∆,电容器的电压削减了U ∆,则有()U U A d d -∆=-∆(2)由(1)与(2)式得U dU d∆∆=(3)极板2移动后,衔接极板2的弹簧偏离其本来地位θ角,弹簧伸长了L ∆,如图预解17-4所示,弹簧的弹力在垂直于极板的偏向上的分量与加在极板2上的压力均衡,即有2sin pS k L θ=∆(4)因为θ是小角,由几何干系知sin L d d Lθ∆∆=≈∆(5)解(3).(4).(5)式得3322kd U p U L S ∆⎛⎫= ⎪⎝⎭(6)五.参考解答1. 设回路中的总感应电动势为E ,依据楞次定律可知,电路中的电流沿逆时针偏向,按欧姆定律有12()10V I R R =+=E (1)由对称性可知,正方形回路每条边上的感应电动势相等,设为1E ,等效电路如图预解17-5-1所示.有1/4 2.5V ==E E (2)依据含源电路欧姆定律,并代入数值得121 2.5V U =-=-E (3)2321 4.5V U IR =-=E (4) 341 2.5V U =-=-E (5) 41110.5V U IR =-=E (6)2. 三种情形下的等效电路分离如图预解17-5-2.17-5-3.17-5-4.对图预解17-5-2中的1141AV A A 回路,因磁通量变更率为零,回路中的总电动势为零,这标明衔接41A A 、两头的电压表歧路亦为含源电路,电压表的读数等于由正端(+)到负端(一)流过电压表的电流V I 乘以电压表的内阻V R ,因V R 阻值为无穷大,V I 趋近于零(但V VI R为有限值),故得 解得11 3.0V U IR ==(7)同理,如图预解17-5-3所示,回路1241AV A A 的总电动势为E ,故有V V 112IR I R IR U +=+=E(8)解得21U IR =-E (9) 代入数据得27.0V U =(10)如图预解17-5-4所示,回路1341AV A A 的总电动势为零,而34A A 边中的电阻又为零,故有V V 30U I R ==(11)六.参考解答设气体的摩尔质量为μ,容器A 的体积为V ,阀门打开前,个中气体的质量为M .压强为p ,温度为T .由 得pVM RTμ=(1)因为容器B 很大,所以在题中所述的进程中,容器B 中气体的压强和温度皆可视为不变.依据题意,打开阀门又封闭后,A 中气体的压强变成2p ,若其温度为T ',质量为M ',则有2pV M RT μ'='(2)进入容器A 中的气体的质量为21pV M M M R T T μ⎛⎫'∆=-=- ⎪'⎝⎭(3) 设这些气体处在容器B 中时所占的体积为V ∆,则2MV RT pμ∆∆=(4)因为B 中气体的压强和温度皆可视为不变,为把这些气体压入容器A ,容器B 中其他气体对这些气体做的功为2W p V =∆(5)由(3).(4).(5)式得21T W pV T ⎛⎫=- ⎪'⎝⎭(6)容器A 中气体内能的变更为2.5()M U R T T μ''∆=⨯-(7)因为与外界没有热交流,依据热力学第必定律有W U=∆(8)由(2).(6).(7)和(8)式得212 2.51T T T T ⎛⎫⎛⎫-=⨯- ⎪ ⎪''⎝⎭⎝⎭(9) 成果为353.5K T '= 七.参考解答1. 依据能量守恒定律,质量为m 的物资从无穷远处被吸引到中子星的概况时所释放的引力势能1E ∆应等于对应始末地位的引力势能的转变,故有10GMm E GM R m m R⎛⎫-- ⎪∆⎝⎭==(1)代入有关数据得16112.010J kg E m∆≈⨯⋅-(2) 2. 在氢核聚变反响中,每千克质量的核反响原料供给的能量为220.0072E c m∆=(3) 所求能量比为21/1/31E m E m ∆≈∆(4)3.依据题意,可知吸收到的两个脉冲之间的时光距离即为中子星的自转周期,中子星做高速自转时,位于赤道处质量为M ∆的中子星质元所需的向心力不克不及超出对应的万有引力,不然将会因不克不及保持匀速圆周活动而使中子星决裂,是以有22RM mm R R ω∆∆≤(5) 式中2πωτ=(6)ω为中子星的自转角速度,τ为中子星的自转周期.由(5).(6)式得到2τ≥7)代入数据得44.410s τ≥⨯-(8)故时光距离的下限为44.410s ⨯- 八.参考解答1. 以m 暗示物块A .B 和木板C 的质量,当物块A 以初速0v 向右活动时,物块A 受到木板C 施加的大小为mg μ的滑动摩擦力而减速,木板C 则受到物块A 施加的大小为mg μ的滑动摩擦力和物块B 施加的大小为f 的摩擦力而做加快活动,物块则因受木板C 施加的摩擦力f 感化而加快,设A .B .C 三者的加快度分离为A a .B a 和C a ,则由牛顿第二定律,有事实上在此题中,B C a a =,即B .C 之间无相对活动,这是因为当B C a a =时,由上式可得12f mg μ=(1)它小于最大静摩擦力mg μ.可见静摩擦力使物块B .木板C 之间不产生相对活动.若物块A 刚好与物块B 不产生碰撞,则物块A 活动到物块B 地点处时,A 与B 的速度大小相等.因为物块B 与木板C 的速度相等,所以此时三者的速度均雷同,设为1v ,由动量守恒定律得013mv mv =(2)在此进程中,设木板C 活动的旅程为1s ,则物块A 活动的旅程为1s L +,如图预解17-8所示.由动能定理有2210111()22mv mv mg s L μ=-+-(3) 2111(2)2m v mgs μ=(4) 或者说,在此进程中全部体系动能的转变等于体系内部互相间的滑动摩擦力做功的代数和((3)与(4)式等号双方相加),即221011(3)22m v mv mgL μ=--(5) 式中L 就是物块A 相对木板C 活动的旅程.解(2).(5)式,得03v gL μ=(6)即物块A 的初速度0v =,A 刚好不与B 产生碰撞,若0v 则A 将与B 产生碰撞,故A 与B 产生碰撞的前提是0v 7)2. 当物块A 的初速度0v 知足(7)式时,A 与B 将产生碰撞,设碰撞的刹时,A .B .C 三者的速度分离为A v .B v 和C v ,则有B A v v >BC v v =(8)在物块A .B 产生碰撞的极短时光内,木板C 对它们的摩擦力的冲量异常小,可疏忽不计.故在碰撞进程中,A 与B 组成的体系的动量守恒,而木板C 的速度保持不变.因为物块A .B 间的碰撞是弹性的,体系的机械能守恒,又因为质量相等,由动量守恒和机械能守恒可以证实(证实从略),碰撞前后A .B 交流速度,若碰撞刚停止时,A .B .C 三者的速度分离为A v '.B v '和C v ',则有由(8).(9)式可知,物块A 与木板C 速度相等,保持相对静止,而B 相对于A .C向右活动,今后产生的进程相当于第1问中所进行的延续,由物块B 调换A 中断向右活动.若物块B 刚好与挡板P 不产生碰撞,则物块B 以速度B v '从板C 板的中点活动到挡板P 地点处时,B 与C 的速度相等.因A 与C 的速度大小是相等的,故A .B .C 三者的速度相等,设此时三者的速度为2v .依据动量守恒定律有023mv mv =(10)A 以初速度0v 开端活动,接着与B 产生完整弹性碰撞,碰撞后物块A 相对木板C 静止,B 到达P 地点处这一全部进程中,先是A 相对C 活动的旅程为L ,接着是B 相对C 活动的旅程为L ,全部体系动能的转变,相似于上面第1问解答中(5)式的说法.等于体系内部互相问的滑动摩擦力做功的代数和,即222011(3)222m v mv mg L μ-=-⋅(11) 解(10).(11)两式得0v 12)即物块A 的初速度0v 时,A 与B 碰撞,但B 与P 刚好不产生碰撞,若0v ,就能使B 与P 产生碰撞,故A 与B 碰撞后,物块B 与挡板P 产生碰撞的前提是0v 13)3. 若物块A 的初速度0v 知足前提(13)式,则在A .B 产生碰撞后,B 将与挡板P 产生碰撞,设在碰撞前刹时,A .B .C 三者的速度分离为A v ''.B v ''和C v '',则有B AC v v v ''''''>=(14)B 与P 碰撞后的刹时,A .B .C 三者的速度分离为A v '''.B v '''和C v ''',则仍相似于第2问解答中(9)的道理,有B C v v '''''=B C v v '''''=A A v v '''''=(15)由(14).(15)式可知B 与P 刚碰撞后,物块A 与B 的速度相等,都小于木板C 的速度,即B C A v v v '''''''''>=(16)在今后的活动进程中,木板C 以较大的加快度向右做减速活动,而物块A 和B 以雷同的较小的加快度向右做加快活动,加快度的大小分离为2C a g μ=B A a a g μ==(17)加快进程将中断到或者A 和B 与C 的速度雷同,三者以雷同速度013v 向右做匀速活动,或者木块A 从木板C 上失落了下来.是以物块B 与A 在木板C 上不成能再产生碰撞.4. 若A 正好没从木板C 上失落下来,即A 到达C 的左端时的速度变成与C 雷同,这时三者的速度皆雷同,以3v 暗示,由动量守恒有303mv mv =(18)从A 以初速度0v 在木板C 的左端开端活动,经由B 与P 相碰,直到A 刚没从木板C 的左端失落下来,这一全部进程中,体系内部先是A 相对C 的旅程为L ;接着B 相对C 活动的旅程也是L ;B 与P 碰后直到A 刚没从木板C 上失落下来,A 与B 相对C 活动的旅程也皆为L .全部体系动能的转变应等于内部互相间的滑动摩擦力做功的代数和,即 223011(3)224m v mv mg L μ-=-⋅(19) 由(18).(19)两式,得0v 20)即当物块A 的初速度0v 时,A 刚好不会从木板C 上失落下.若0v >则A 将从木板C上失落下,故A 从C 上失落下的前提是0v 21) 5. 若物块A 的初速度0v 知足前提(21)式,则A 将从木板C 上失落下来,设A 刚要从木板C 上失落下来时,A .B .C 三者的速度分离为A v ''''.B v ''''和C v '''',则有B AC v v v ''''''''''''=<(22)这时(18)式应改写为02A C mv mv mv ''''''''=+(23)(19)式应改写为2022111(2)2224B C m v mv mv mg L μ''''''''-+=-⋅(24) 当物块A 从木板C 上失落下来后,若物块B 刚好不会从木板C 上失落下,即当C 的左端赶上B 时,B 与C 的速度相等.设此速度为4v ,则对B .C 这一体系来说,由动量守恒定律,有42B C mv mv mv ''''''''+=(25)在此进程中,对这一体系来说,滑动摩擦力做功的代数和为mgL μ-,由动能定理可得2422111(2)222B C m v mv mv mgL μ⎛⎫''''''''+=- ⎪⎝⎭-(26) 由(23).(24).(25).(26)式可得0v =27) 即当0v =时,物块B 刚好不克不及从木板C 上失落下.若,则B 将从木板C 上失落下,故物块B 从木板C 上失落下来的前提是0v >28)。
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四、(20分)某些非电磁量的测量是可以通过一些相应的装置转化为电磁量来测量的。
一平板电容器的两个极扳竖直放置在光滑的水平平台上,极板的面积为S ,极板间的距离为d 。
极板1固定不动,与周围绝缘;极板2接地,且可在水平平台上滑动并始终与极板1保持平行。
极板2的两个侧边与劲度系数为k 、自然长度为L 的两个完全相同的弹簧相连,两弹簧的另一端固定.图预17-4-1是这一装置的俯视图.先将电容器充电至电压U 后即与电源断开,再在极板2的右侧的整个表面上施以均匀的向左的待测压强p ;使两极板之间的距离发生微小的变化,如图预17-4-2所示。
测得此时电容器的电压改变量为U ∆。
设作用在电容器极板2上的静电作用力不致引起弹簧的可测量到的形变,试求待测压强p 。
五、(20分)如图预17-5-1所示,在正方形导线回路所围的区域1234A A A A 内分布有方向垂直于回路平面向里的匀强磁场,磁感应强度B 随时间以恒定的变化率增大,回路中的感应电流为1.0mA I =.已知12A A 、34A A 两边的电阻皆为零;41A A 边的电阻1 3.0k R =Ω,23A A 边的电阻27.0k R =Ω。
1.试求12A A 两点间的电压12U 、23A A 两点间的电压23U 、34A A 两点间的电压34U 、41A A 两点间的电压41U 。
2.若一内阻可视为无限大的电压表V 位于正方形导线回路所在的平面内,其正负端与连线位置分别如图预17-5-2、图预17-5-3和图预17-5-4所示,求三种情况下电压表的读数1U 、2U 、3U 。
六、(20分)绝热容器A 经一阀门与另一容积比A 的容积大得很多的绝热容器B 相连。
开始时阀门关闭,两容器中盛有同种理想气体,温度均为30℃,B 中气体的压强为A 中的2倍。
现将阀门缓慢打开,直至压强相等时关闭。
问此时容器A 中气体的温度为多少?假设在打开到关闭阀门的过程中处在A 中的气体与处在B 中的气体之间无热交换.已知每摩尔该气体的内能为52U RT =,式中R 为普适气体恒量,T 是热力学温度. 七、(20分)当质量为m 的质点距离—个质量为M 、半径为R 的质量均匀分布的致密天体中心的距离为r (r ≥R ) 时,其引力势能为P /E GMm r =-,其中11226.6710N m kg G =⨯⋅⋅--为万有引力常量.设致密天体是中子星,其半径10km R =,质量 1.5M M =⊙(301 2.010kg M ⨯⊙=,为太阳的质量).1.1Kg 的物质从无限远处被吸引到中子星的表面时所释放的引力势能为多少? 2.在氢核聚变反应中,若参加核反应的原料的质量为m ,则反应中的质量亏损为0.0072 m ,问1kg 的原料通过核聚变提供的能量与第1问中所释放的引力势能之比是多少?3.天文学家认为:脉冲星是旋转的中子星,中子星的电磁辐射是连续的,沿其磁轴方向最强,磁轴与中子星的自转轴方向有一夹角(如图预17-7所示),在地球上的接收器所接收到的一连串周期出现的脉冲是脉冲星的电磁辐射。
试由上述看法估算地球上接收到的两个脉冲之间的时间间隔的下限. 八、(20分)如图预17-8所示,在水平桌面上放有长木板C ,C 上右端是固定挡板P ,在C 上左端和中点处各放有小物块A 和B ,A 、B 的尺寸以及P 的厚度皆可忽略不计,A 、B 之间和B 、P 之间的距离皆为L 。
设木板C 与桌面之间无摩擦,A 、C 之间和B 、C 之间的静摩擦因数及滑动摩擦因数均为μ;A 、B 、C (连同挡板P )的质量相同.开始时,B 和C 静止,A 以某一初速度向右运动.试问下列情况是否能发生?要求定量求出能发生这些情况时物块A 的初速度0v 应满足的条件,或定量说明不能发生的理由.(1)物块A 与B 发生碰撞;(2)物块A 与B 发生碰撞(设为弹性碰撞)后,物块B 与挡板P 发生碰撞;(3)物块B 与挡板P 发生碰撞(设为弹性碰撞)后,物块B 与A 在木板C 上再发生碰撞;(4)物块A 从木板C 上掉下来; (5)物块B 从木板C 上掉下来.第十七届全国中学生物理竞赛预赛题参考解答一、参考解答四、参考解答因电容器充电后与电源断开,极板上的电量保持不变,故两板之间的电压U应与其电容C成反比;而平板电容器的电容C又与极板间的距离d成反比;故平板电容器的两板之间的电压与距离d成正比,即(1)U Ad式中A为比例系数。
极板2受压强作用而向左移动,并使弹簧变形。
设达到平衡时,极板2 向左移动的距离为d ∆,电容器的电压减少了U ∆,则有()U U A d d -∆=-∆ (2) 由(1)与(2)式得U dU d∆∆=(3) 极板2移动后,连接极板2的弹簧偏离其原来位置θ角,弹簧伸长了L ∆,如图预解17-4所示,弹簧的弹力在垂直于极板的方向上的分量与加在极板2上的压力平衡,即有2sin pS k L θ=∆ (4)因为θ是小角,由几何关系知sin L dd Lθ∆∆=≈∆ (5) 解(3)、(4)、(5)式得3322kd U p U L S ∆⎛⎫= ⎪⎝⎭(6)五、参考解答1. 设回路中的总感应电动势为E ,根据楞次定律可知,电路中的电流沿逆时针方向,按欧姆定律有12()10V I R R =+=E (1) 由对称性可知,正方形回路每条边上的感应电动势相等,设为1E ,等效电路如图预解17-5-1所示。
有1/4 2.5V ==E E (2) 根据含源电路欧姆定律,并代入数值得121 2.5V U =-=-E (3) 2321 4.5V U IR =-=E (4) 341 2.5V U =-=-E (5) 41110.5V U IR =-=E (6)2. 三种情况下的等效电路分别如图预解17-5-2、17-5-3、17-5-4。
对图预解17-5-2中的1141AV A A 回路,因磁通量变化率为零,回路中的总电动势为零,这表明连接41A A 、两端的电压表支路亦为含源电路,电压表的读数等于由正端(+)到负端(一)流过电压表的电流V I 乘以电压表的内阻V R ,因V R 阻值为无限大,V I 趋近于零(但V V I R 为有限值),故得V V 1110IR I R IR U +=-=解得 11 3.0V U IR == (7)同理,如图预解17-5-3所示,回路1241AV A A 的总电动势为E ,故有V V 112IR I R IR U +=+=E (8) 解得 21U IR =-E (9) 代入数据得27.0V U = (10)如图预解17-5-4所示,回路1341AV A A 的总电动势为零,而34A A 边中的电阻又为零,故有V V 30U I R == (11)六、参考解答设气体的摩尔质量为μ,容器A 的体积为V ,阀门打开前,其中气体的质量为M 。
压强为p ,温度为T 。
由MpV RT μ=得pVM RTμ=(1) 因为容器B 很大,所以在题中所述的过程中,容器B 中气体的压强和温度皆可视为不变。
根据题意,打开阀门又关闭后,A 中气体的压强变为2p ,若其温度为T ',质量为M ',则有2pVM RT μ'='(2) 进入容器A 中的气体的质量为21pV M M M R T T μ⎛⎫'∆=-=-⎪'⎝⎭(3) 设这些气体处在容器B 中时所占的体积为V ∆,则 2MV RT pμ∆∆=(4) 因为B 中气体的压强和温度皆可视为不变,为把这些气体压入容器A ,容器B 中其他气体对这些气体做的功为2W p V =∆ (5) 由(3)、(4)、(5)式得21T W pV T ⎛⎫=- ⎪'⎝⎭(6) 容器A 中气体内能的变化为 2.5()M U R T T μ''∆=⨯- (7)因为与外界没有热交换,根据热力学第一定律有W U =∆ (8) 由(2)、(6)、(7)和(8)式得212 2.51T T T T ⎛⎫⎛⎫-=⨯- ⎪ ⎪''⎝⎭⎝⎭(9) 结果为 353.5K T '=七、参考解答1. 根据能量守恒定律,质量为m 的物质从无限远处被吸引到中子星的表面时所释放的引力势能1E ∆应等于对应始末位置的引力势能的改变,故有10GMm E GM R m m R⎛⎫-- ⎪∆⎝⎭== (1) 代入有关数据得1611 2.010J kg Em∆≈⨯⋅- (2)2. 在氢核聚变反应中,每千克质量的核反应原料提供的能量为220.0072E c m∆= (3)所求能量比为21/1/31E m E m ∆≈∆ (4)3.根据题意,可知接收到的两个脉冲之间的时间间隔即为中子星的自转周期,中子星做高速自转时,位于赤道处质量为M ∆的中子星质元所需的向心力不能超过对应的万有引力,否则将会因不能保持匀速圆周运动而使中子星破裂,因此有22RM mm R Rω∆∆≤ (5) 式中 2πωτ=(6)ω为中子星的自转角速度,τ为中子星的自转周期.由(5)、(6)式得到2τ≥(7)代入数据得44.410s τ≥⨯- (8) 故时间间隔的下限为44.410s ⨯-八、参考解答1. 以m 表示物块A 、B 和木板C 的质量,当物块A 以初速0v 向右运动时,物块A 受到木板C 施加的大小为mg μ的滑动摩擦力而减速,木板C 则受到物块A 施加的大小为mg μ的滑动摩擦力和物块B 施加的大小为f 的摩擦力而做加速运动,物块则因受木板C 施加的摩擦力f 作用而加速,设A 、B 、C 三者的加速度分别为A a 、B a 和C a ,则由牛顿第二定律,有A mg ma μ= C mg f ma μ-=B f ma =事实上在此题中,B C a a =,即B 、C 之间无相对运动,这是因为当B C a a =时,由上式可得12f mg μ=(1) 它小于最大静摩擦力mg μ.可见静摩擦力使物块B 、木板C 之间不发生相对运动。
若物块A 刚好与物块B 不发生碰撞,则物块A 运动到物块B 所在处时,A 与B 的速度大小相等.因为物块B 与木板C 的速度相等,所以此时三者的速度均相同,设为1v ,由动量守恒定律得 013mv mv = (2)在此过程中,设木板C 运动的路程为1s ,则物块A 运动的路程为1s L +,如图预解17-8所示.由动能定理有2210111()22mv mv mg s L μ=-+- (3) 2111(2)2m v mgs μ= (4) 或者说,在此过程中整个系统动能的改变等于系统内部相互间的滑动摩擦力做功的代数和((3)与(4)式等号两边相加),即221011(3)22m v mv mgL μ=-- (5)式中L 就是物块A 相对木板C 运动的路程.解(2)、(5)式,得03v gL μ= (6) 即物块A 的初速度03v gL μ=时,A 刚好不与B 发生碰撞,若03v gL μ>,则A 将与B 发生碰撞,故A 与B 发生碰撞的条件是03v gL μ> (7)2. 当物块A 的初速度0v 满足(7)式时,A 与B 将发生碰撞,设碰撞的瞬间,A 、B 、C 三者的速度分别为A v 、B v 和C v ,则有B A v v > BC v v = (8) 在物块A 、B 发生碰撞的极短时间内,木板C 对它们的摩擦力的冲量非常小,可忽略不计。