内蒙古包头市青山区北重三中2017-2018学年高二上学期期末物理试卷(文科) Word版含解析

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内蒙古包头市青山区北重三中2014-2015学年高二上学期期末物理试题及答案

2014-2015学年内蒙古包头市青山区北重三中高二（上）期末物理试卷（理科）参考答案与试题解析一、选择题（共15小题，每小题4分，满分60分）1．（4分）（2012•江苏）真空中，A、B两点与点电荷Q的距离分别为r和3r，则A、B两点的电场强度大小之比为（）A．3：1 B．1：3 C．9：1 D．1：9考点：点电荷的场强．专题：电场力与电势的性质专题．分析：直接根据库伦定律公式计算出试探电荷q所受电场力，然后利用电场强度的定义式即可求出在M所在处的场强的大小．解答：解：引入一个试探电荷q，分别计算它在AB两点受的电场力．，，得：F1=9F2根据电场强度的定义式：，得：故选：C点评：本题很简单直接考查了库伦定律和电场强度定义式的应用，对于这些公式一定要明确其适用条件和公式中各个物理量的含义．2．（4分）（2014•河西区二模）某电场的电场线分布如图所示，下列说法正确的是（）A．a点的电势高于b点的电势B．c点的电场强度大于d点的电场强度C．若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做负功D．若将一负试探电荷由c点移到d点，电势能增加考点：电场线；电场强度；电势；电势能．分析：要正确在电场中通过电场线来判断电场强度、电势、电势能大小变化，理解这些概念之间的关系．解答：解：A、做出通过b点的等势线，等势线与过a点的电场线相交，根据沿电场线电势降低可知：a点的电势低于b点的电势，故A错误；B、从电场线的分布情况可知，d处的电场线比c处的密，所以c点的电场强度小于d点的电场强度，故B错误；C、正电荷所受电场力和电场线方向相同，因此正试探电荷由a点移到b点时电场力做负功，故C正确；D、当负试探电荷由c点移到d点时电场力做正功，电势能减小，故D错误．故选C．点评：电场强度、电势、电势能、电场力做功等概念是本章的重点和难点，要弄清它们之间的区别和联系，并能在实际电场中或者电荷运动过程中弄清它们的变化．3．（4分）关于磁感线和磁通量的概念，下列说法中正确的是（）A．磁感线是磁场中客观存在、肉眼看不见的曲线，且总是从磁体的N极指向S极B．两个磁场叠加的区域，磁感线就有可能相交C．穿过闭合回路的磁通量发生变化，一定是磁场发生变化引起的D．穿过线圈的磁通量为零，但该处的磁感应强度不一定为零考点：磁通量；磁感线及用磁感线描述磁场．分析：磁体周围存在着磁场，磁场对放入磁场中的磁体有力的作用，为了描述磁场的性质而引入了有方向的曲线，称为磁感线．本题考查了磁感线的引入的原因和特点、磁化的概念、磁场的性质．由于磁场是看不见，摸不着的，为了描述磁场的性质而引入了磁感线的概念，它是假想出来的有方向的曲线，但可以描述磁场的性质．解答：解：A、磁感线是磁场中假想的曲线，而磁场却是客观存在的且肉眼看不见，故A错误；B、两个磁场叠加的区域，磁感线不可能相交，故B错误；C、穿过闭合回路的磁通量发生变化，可能是磁场发生变化引起的，也可能是回路面积变化引起的，故C错误；D、根据公式Φ=BSsinθ，穿过线圈的磁通量为零，该处的磁感应强度不一定为零，可能是线圈与磁场平行导致，故D正确；故选：D点评：本题考查了磁感线的引入的原因和特点、磁化的概念、磁场的性质．由于磁场是看不见，摸不着的，为了描述磁场的性质而引入了磁感线的概念，它是假想出来的有方向的曲线，但可以描述磁场的性质．解决本题的关键知道磁场的方向是小磁针静止时N 极的指向，磁感线上某点的切线方向为该点的磁场方向．4．（4分）一个矩形线圈在匀强磁场中转动产生的交流电动势为e=220sin100πt （V）．关于这个交变电流，下列说法中正确的是（）A．交变电流的频率为100Hz B．电动势的有效值为220VC．t=0时，穿过线圈的磁通量为零D．t=0时，线圈平面与中性面垂直考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：本题考查了交流电的描述，根据交流电的表达式，可知知道其最大值，以及线圈转动的角速度等物理量，然后进一步求出其它物理量，如有效值、周期、频率等．解答：解：A、线圈的转速为100πrad/s，故其频率为：f==50Hz，故A错误B由e=220sin 100πt可知该交流电的电动势最大值为220V，即311V，有效值为220V，故B正确；C、由e=220sin 100πt可知，当t=0时e=0，此时线圈处在中性面上，穿过线圈的磁通量最大，故CD错误．故选：B．点评：对于交流电的产生和描述要正确理解，要会推导交流电的表达式，明确交流电表达式中各个物理量的含义．5．（4分）（2007•宁夏）电阻R、电容C与一线圈连成闭合回路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N极朝下，如图所示．现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是（）A．从a到b，上极板带正电B．从a到b，下极板带正电C．从b到a，上极板带正电D．从b到a，下极板带正电考点：法拉第电磁感应定律；电容；楞次定律．专题：压轴题；电磁感应与电路结合．分析：现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，导致线圈的磁通量发生变化，从而产生感应电动势，线圈中出现感应电流，由楞次定律可判定电流的方向．当线圈中有电动势后，对电阻来说通电后发热，对电容器来说要不断充电直至稳定．解答：解：当磁铁N极向下运动时，导致向下穿过线圈的磁通量变大，由楞次定律可得，感应磁场方向与原来磁场方向相反，再由安培定则可得感应电流方向沿线圈盘旋而下，由于线圈相当于电源，则流过R的电流方向是从b到a，对电容器充电下极板带正电．故选：D．点评：此时线圈相当于电源，则外电路的电流方向是从正极到负极，而内电路则是从负极到正极．同时电容器在充电时电压随着电量增加而增大．6．（4分）已知电荷q均匀分布在半球面AB上，球面半径为R，CD为通过半球顶点与球心O 的轴线，如图所示，M是位于CD轴线上球面外侧，且OM=ON=L=2R．已知M点的场强为E，则N点的场强为（）A．E B．C．D．考点：电场的叠加；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：利用等效法这样分析．均匀带电半球相当于一个均匀带正电的求和半个均匀带负电的球，这个半球放在图的另一边．解答：解：利用等效法这样分析．均匀带电半球相当于一个均匀带正电的球和半个均匀带负电的球，这个半球放在图的另一边．M点的场强E=K+E′，E′=E﹣K为带负电的半球在M点产生的场强，所以，N点正电半球产生的电场强度相当于负电半球在M点产生的电场强度，而与M点的环境比较，唯一的区别是电荷符号相反，从而电场大小相同，方向相反，故N点电场强度为﹣E′=K﹣E，D正确．故选D点评：本题比较巧妙的考查了电场的叠加，难度较大．7．（4分）（2015•天水一模）如图所示，两平行的虚线间的区域内存在着有界匀强磁场，有一较小的三角形线框abc的ab边与磁场边界平行，现使此线框向右匀速穿过磁场区域，运动过程中始终保持速度方向与ab边垂直．则下列各图中哪一个可以定性地表示线框在进入磁场的过程中感应电流随时间变化的规律（）A．B．C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：首先根据右手定则判断边cb刚进入磁场时回路中感应电流方向，排除部分答案，然后根据进入磁场中有效切割长度的变化，求出感应电流的变化，从而得出正确结果．解答：解：开始时进入磁场切割磁感线，根据右手定则可知，电流方向为逆时针，当开始出磁场时，回路中磁通量减小，产生的感应电流为顺时针；不论进入磁场，还是出磁场时，由于切割的有效长度变小，导致产生感应电流大小变小，故ABC错误，D正确；故选D．点评：对于图象问题可以通过排除法进行求解，如根据图象过不过原点、电流正负、大小变化等进行排除．8．（4分）（2013•通州区二模）如图所示，T为理想变压器，副线圈回路中的输电线ab和cd的电阻不可忽略，其余输电线电阻可不计，则当开关S闭合时（）A．交流电压表V3的示数变小B．交流电压表V2和V3的示数一定都变小C．交流电流表A1、A2和A3的示数一定变大D．只有A1的示数变大考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可．解答：解：A、当S闭合时，两个电阻并联，电路的总电阻减小，由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压不变，副线圈的电流变大，副线圈回路中的输电线ab和cd的电阻不可忽略，所以输电线ab和cd上的电压变大，所以V2的示数变小，交流电压表V3的示数变小，故A正确，B错误C、副线圈的电流变大，A2和A1的示数变大，A3的示数减小，故C错误D、A2和A1的示数变大，故D错误故选A．点评：本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解．9．（4分）如图所示，表示一交变电流随时间变化的图象，此交流电的有效值是（）A．5 A B．5A C．3.5 A D．3.5A考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系．专题：交流电专题．分析：根据有效值的定义求解．取一个周期时间，将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值．解答：解：将交流与直流通过阻值都为R的电阻，设直流电流为I，则根据有效值的定义有：（4）2R•+（3）2R•=I2RT解得：I=5A；故选：B．点评：对于非正弦式电流可根据有效值的定义求解有效值．常见题型，要熟练掌握．10．（4分）（2006•上海）在如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P 向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I．U1．U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用△I．△U1．△U2和△U3表示．下列比值正确的是（）A．U1：I不变，△U1：△I不变B．U2：I变大，△U2：△I变大C．U2：I变大，△U2：△I不变D．U3：I变大，△U3：△I不变考点：闭合电路的欧姆定律；欧姆定律．分析：由电路图可知R1与R2串联，V1测量R1两端的电压，V2测量R2两端的电压，V3测量路端电压，由欧姆定律可得出电压与电流的变化；由闭合电路的欧姆定律可分析得出电压的变化值与电流变化值的比值．解答：解：因R1不变，则由欧姆定律可得，=R1保持不变；由数学规律可知，也保持不变，故A正确；因滑片向下移动，故R2的接入电阻增大，故变大；而==R1+r，故保持不变，故B错误，C正确；因=R1+R2，故比值增大；而==r，故比值保持不变，故D正确；故选ACD．点评：本题难点在于U2和U3电压的变化量与电流变化量的比值的分析判断，不能再简单地根据A直接得出B答案也正确，当电阻变化时，其电压及电流变化量的比值不再保持不变，应通过闭合电路的欧姆定律分析得出其电压变化值的表达式，再进行分析．11．（4分）1932年，美国的物理学家劳伦斯设计出了回旋加速器．回旋加速器的工作原理如图所示，置于高真空中的两D形金属盒半径为R，两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可以忽略不计．磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直．A处粒子源产生的质量为m、电荷量为+q粒子在加速器中被加速，其加速电压恒为U．带电粒子在加速过程中不考虑相对论效应和重力的作用．则（）A．带电粒子在加速器中第1次和第2次做曲线运动的时间分别为t1和t2，则t1：t2=1：2 B．带电粒子第1次和第2次经过两D形盒间狭缝后轨道半径之比r1：r2=：2C．两D形盒狭缝间的交变电场的周期T=D．带电粒子离开回旋加速器时获得的动能为考点：质谱仪和回旋加速器的工作原理．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：回旋加速器利用电场加速和磁场偏转来加速粒子，带电粒子在磁场中运动的周期与带电粒子的速度无关．根据洛伦兹力提供向心力得出轨道半径的公式，从而根据速度的关系得出轨道半径的关系．粒子离开回旋加速度时的轨道半径等于D形盒的半径，根据半径公式求出离开时的速度大小，从而得出动能．解答：解：A、带电粒子在磁场中运动的周期与电场变化的周期相等，根据，则v=，周期T=，与粒子的速度无关，t1：t2=1：1．交变电场的周期也为．故A错误，C正确．B、根据v2=2ax得，带电粒子第一次和和第二次经过加速后的速度比为，根据知，带电粒子第1次和第2次经过两D形盒间狭缝后轨道半径之比r1：r2=：2．故B正确．D、根据，知v=，则带电粒子离开回旋加速器时获得动能为．故D正确．故选BCD．点评：解决本题的关键知道回旋加速器加速粒子的原理，知道带电粒子在磁场中运动的周期与交变电场的周期相同，以及掌握带电粒子在磁场中运动的轨道半径公式和周期公式．12．（4分）如图所示，一电量为q的带电粒子在竖直向上的匀强电场E和垂直纸面向里的匀强磁场B正交的空间区域做竖直平面内的匀速圆周运动，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A．粒子带负电B．粒子沿逆时针方向做匀速圆周运动C．粒子的质量为D．粒子从圆轨道的最高点运动到最低点的时间为考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：粒子能做匀速圆周运动则说明电场力和重力任意位置做功为零，则电场力和重力大小相等，方向相反．据此分析各选项．解答：解：A、粒子受电场力向上，E向上，则带正电．故A错误B、洛仑兹力提供向心力，受力方向指抽圆心，由左手定则知粒子沿逆时针方向做匀速圆周运动．故A正确C、因电场力等于重力，因mg=Eq，则粒子的质量为．故C正确D、因T=又 mg=qE 则T=．粒子从圆轨道的最高点运动到最低点的时间为．故D正确故选：BCD点评：考查带电粒子的运动规律，明确粒子能做匀速圆周运动的条件．13．（4分）（2012•无锡二模）如图所示，L1、L2、L3是完全相同的灯泡，L为直流电阻可忽略的自感线圈，电源内阻不计，开关S原来接通，现将开关S断开，则（）A．L1点亮，L2变暗，最终两灯一样亮B．L2闪亮一下后恢复到原来的亮度C．L3变暗一下后恢复到原来的亮度D．L3闪亮一下后恢复到原来的亮度考点：自感现象和自感系数．分析：线圈在接通瞬间阻碍电流增大，在断开瞬间产生一感应电动势相当于电源，阻碍电流减小．解答：解：开关接通时L1被短路不亮断开瞬间由于线圈自感产生一电动势（相当于电源）与原来的电源串联，所以L3更亮而后恢复原来亮度，故C错误D正确；L2和L1串联后变得更暗，最终两灯一样亮，而L1由不亮到亮，故A正确，B错误．故选：AD点评：做本类题目要注意：线圈与哪种电器相配，是电容还是电阻，再结合线圈特点分析．14．（4分）如图甲所示，两平行金属板竖直放置，左极板接地，中间有小孔，右极板电势随时间变化的规律如图乙所示，电子原来静止在左极板小孔处，不计电子的重力，下列说法正确的是（）A．从t=0时刻释放电子，电子始终向右运动，直到打到右极板上B．从t=0时刻释放电子，电子可能在两板间振动C．从t=时刻释放电子，电子可能在两板间振动，也可能打到右极板上D．从t=时刻释放电子，电子必然打到左极板上考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：分析电子的受力情况，来分析电子的运动情况，若一直向右运动，可以打在右板，若电子时而向右运动，时而向左运动，根据位移关系，分析电子的运动情况．解答：解：A、若t=0时刻释放电子，在前内，电子受到的电场力向右，向右做匀加速直线运动；后内，电子受到向左的电场力作用，电子继续向右做匀减速直线运动；接着周而复始，所以电子一直向右做单向的直线运动，直到打在右板上．即电子将重复先加速后减速，直到打到右极板，不会在两板间振动，故A正确，B错误；C、若从t=T时刻释放电子，电子先加速T，再减速T，有可能电子已到达右极板，若此时未到达右极板，则电子将在两极板间振动，故C正确；D、同理，若从t=T时刻释放电子，电子有可能到达右极板，也有可能从左极板射出，这取决于两板间的距离，故D错误；故选：AC点评：本题中电子在周期性变化的电场中，电场力是周期性变化的，关键要正确分析电子的受力情况，再根据牛顿运动定律分析电子的运动情况．15．（4分）图甲中的变压器为理想变压器，原线圈匝数n1与副线圈匝数n2之比为10：1，变压器的原线圈接如图乙所示的正弦式交流电，三个阻值均为20Ω的电阻R1、R2、R3和电容器C构成的电路与副线圈相接，其中，电容器的击穿电压为8V，电压表V为理想交流电表，开关S处于断开状态，则（）A．电压表V的读数约为7.07 V B．电流表A的读数为0.05 AC．电阻R2上消耗的功率为2.5 w D．若闭合开关S，电容器会被击穿考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：开关断开时，副线圈为R1和R2串联，电压表测量R2的电压，当开关闭合时，R1与R3并联后和R2串联，电容器的电压为并联部分的电压，根据变压器电压、电流与匝数的关系以及串并联电路的特点即可求解．解答：解：A、开关断开时，副线圈为R1和R2串联，电压表测量R2的电压，由图可知原线圈电压为，所以副线圈电压为10V，则R2的电压为5V≈7.07V，故A正确；B、由A的分析可知，副线圈电流为A，所以原线圈电流为A，故B错误；C、电阻R2上消耗的功率为，故C正确；D、当开关闭合时，R1与R3并联后和R2串联，电容器的电压为并联部分的电压，并联部分电阻为，所以并联部分的电压为V，最大值为，所以电容器不会被击穿，故D错误．故选AC点评：本题考查了变压器的原理及最大值与有效值之间的数量关系．能根据欧姆定律求解电路中的电流，会求功率，知道电表示数为有效值，电容器的击穿电压为最大值，难度适中．二、实验题（18分）16．（1分）如图所示金属丝直径的测量值为d= 0.864 mm．考点：螺旋测微器的使用．专题：实验题．分析：螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：螺旋测微器固定刻度读数为0.5mm，可动刻度读数为0.01mm×36.4=0.364mm，所以最终读数为0.5mm+0.364mm=0.864mm故答案为：0.864．点评：解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．17．（2分）用多用电表粗测某一电阻．将选择开关调到欧姆挡“×10”档位，测量时发现指针向右偏转角度太大，这时他应该：a．将选择开关换成欧姆挡的“×1”档位（选填“×100”或“×1”）b．调零后再次测量电阻丝的阻值，其表盘及指针所指位置如图所示，则此段金属丝的电阻约为12 Ω．考点：用多用电表测电阻．专题：实验题．分析：应用欧姆表测电阻要选择合适的挡位，使指针指在中央刻度线附近，欧姆表示数与挡位的乘积是欧姆表示数．解答：解：将选择开关调到欧姆挡“×10”档位，测量时发现指针向右偏转角度太大，说明所选挡位太大，为准确测电阻，应选择小挡位；a、将选择开关换成欧姆挡的“×1”档位．b、由图示可知，此段金属丝的电阻约为12×1=12Ω；故答案为：×1；12．点评：本题考查了用欧姆表测电阻，应用欧姆表测电阻要选择合适的挡位，使指针指在中央刻度线附近，欧姆表示数与挡位的乘积是欧姆表示数，欧姆表换挡后要重新调零．18．（15分）实验室购买了一捆标称长度为100m的铜导线，某同学想通过实验测定其实际长度．该同学首先测得导线横截面积为1.0mm2，查得铜的电阻率为1.7×10﹣8Ω•m，再利用图甲所示电路测出铜导线的电阻R x，从而确定导线的实际长度．可供使用的器材有：电流表：量程0.6A，内阻约0.2Ω；电压表：量程3V，内阻约9kΩ；滑动变阻器R1：最大阻值5Ω；滑动变阻器R2：最大阻值20Ω；定值电阻：R0=3Ω；电源：电动势6V，内阻可不计；开关、导线若干．回答下列问题：（1）实验中滑动变阻器应选R2（填“R1”或“R2”），闭合开关S前应将滑片移至 a 端（填“a”或“b”）．（2）在实物图中，已正确连接了部分导线，请根据图甲电路完成剩余部分的连接．（3）调节滑动变阻器，当电流表的读数为0.50A时，电压表示数如图乙所示，读数为 2.3 V．（4）导线实际长度为94 m（保留2位有效数字）．考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）本实验采用限流法测电阻，所以滑动变阻器的最大阻值应为R0和R x总阻值的4倍以上，闭合开关S前应将滑片移至阻值最大处；（2）根据实验电路图，连接实物图；（3）根据图乙读出电压，注意估读；（4）根据欧姆定律及电阻定律即可求解．解答：解：（1）本实验采用限流法测电阻，所以滑动变阻器的最大阻值应为R0和R x总阻值的4倍以上，R0=3Ω，所以滑动变阻器选R2，闭合开关S前应将滑片移至阻值最大处，即a处；（2）根据实验电路图，连接实物图，如图所示：（3）电压表量程为3V，由图乙所示电压表可知，其分度值为0.1V所示为：2.30V；（4）根据欧姆定律得：R0+R x===4.6Ω，则R x=1.6Ω由电阻定律：R x=ρ可知：L=，代入数据解得：L=94m；故答案为：（1）R2，a；（2）如图所示；（3）2.30；（4）94．点评：本题主要考查了电学元件选取原则和欧姆定律及电阻定律的直接应用，能根据电路图连接实物图，难度适中．三、计算题（本题共4小题，共72分，解答应写明必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）19．（15分）一个正方形导线圈边长a=0.2m，共有N=100匝，其总电阻r=4Ω，线圈与阻值R=16Ω的外电阻连成闭合回路，线圈所在区域存在着匀强磁场，磁场方向垂直线圈所在平面，如图甲所示，磁场的大小随时间变化如图乙所示，求：（1）线圈中产生的感应电动势大小．（2）通过电阻R的电流大小．考点：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：（1）根据法拉第电磁感应定律公式E=N求解感应电动势即可；（2）根据闭合电路欧姆定律列式求解通过电阻R的电流即可．解答：解：（1）根据图乙，磁感应强度的变化率为：根据法拉第电磁感应定律，感应电动势为：E=N=NS=100×0.22×100=400V（2）根据闭合电路欧姆定律，电流为：I===20A答：（1）线圈中产生的感应电动势大小为400V．（2）通过电阻R的电流大小为20A．点评：本题关键先根据闭合电路欧姆定律列式求解感应电动势，然后根据闭合电路欧姆定律列式求解电流．20．（15分）如图，发电机输出功率为100kW，输出电压为U1=250V，在输电线路中设置的升、降变压器原、副线圈的匝数比分别为1：20和240：11．两变压器之间输电线的总电阻为R=10Ω，其它电线的电阻不计．试求：（变压器是理想的）（1）发电机输出电流和输电线上的电流大小．（2）用户需要的电压和输电线中因发热而损失的功率为多少？考点：变压器的构造和原理；电功、电功率．专题：交流电专题．分析：画出输电线路图，由发电机输出功率与输出电压求得升压变压器的原线圈的电流I1，由升压变压器的匝数比得由输电线损耗功率求出输电电流I2；由升压变压器的匝数比后可求出降压变压器的原线圈的电压，再由降压变压器的匝数比可得用户电压，又P线=I22R线求出导线损失的功率．解答：解：（1）输电线路的示意图如图所示，原线圈中输入电流为：I1==A=400 A输电线电流为：I2=I3=I1==20 A（2）根据电压和匝数成正比知：U2=U1=250×20 V=5000 V故副线圈输入电压为：U3=U2﹣U线=5000﹣20×10 V=4800 V根据=用户得到电压为：U4==220V又P线=I22R线输电线中因发热而损失的功率为：。

内蒙古包头市高二物理上学期期末考试试题(扫描版)

2018-2019学年度第一学期高二年级期末教学质量检测参考答案物理一、选择题（单选，3×10=30分）12345678910D C B D B C A D D C二、选择题（多选，4×5=20分）1112131415AC BC AC ABC CD三、实验题（15分）16、(4分）A17、（11分）(1） A E （共4分，各2分）(2）如图所示（共3分，电流表接错位置— 2分）（3) 1.35 450 （共4分,各2分) 四、计算题（35分) 18、（共7分)解：（1)受力情况如图，tan 30Eq F mg mg==︒ （2分）解得E = 2.9×106N/C （1分）（2)当电场力的方向与悬线垂直时,如图,电场强度最小.（1分）F =mg sin30° （2分） E =F /q =2.5×106N/C （1分）19、（共8分）解：(1）粒子出射方向与入射方向相反，在磁场中运动了半周，其轨迹半径r 1＝R 33，(1分) 由洛伦兹力提供向心力，有qv 1B ＝m 错误! (2分）解得v 1＝mqBR33。

（1分）（2)粒子向圆心入射，其运动轨迹如图所示（1分）tan α==解得α＝60º (2分）所以经过磁场后速度偏转的角度θ=2α=120 º （1分） 20、（共10分) 解：（1)导体棒切割磁感线产生的感应电动势E ＝BLv 回路中电流I ＝错误!导体棒所受安培力F 安＝BIL （2分）P ＝Fv （1分）匀速运动时有F ＝F 安 (1分）联立可得v ＝错误!. （1分） (2）导体棒由静止开始加速过程,根据动能定理W F ＋W 安＝错误!mv 2 （2分）其中W F ＝Pt （1分）回路中产生的焦耳热等于克服安培力所做的功,Q ＝－W 安（1分）解得Q ＝Pt －错误!。

（1分）21、（共10分)解：（1）粒子a 板左端运动到P 处，由动能定理得:(mg+qE )d ＝21mv 2－21mv 20 (2分)代入有关数据,解得：v ＝6=8。

内蒙古包头市青山区北重三中高二上学期期末水平测试物理试卷 (解析版)

内蒙古包头市青山区北重三中高二上学期期末水平测试物理试卷（解析版）一、选择题：共10小题，每小题3分，共30分．每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．下列计时数据表示时刻的是（）A．中午11：55 放学B．从家到学校大约走30分钟C．课间休息10分钟D．考试用时100分钟2．下列物理量中，属于矢量的是（）A．速度B．时间C．质量D．路程3．一石块从楼顶自由落下．不计空气阻力，取g=10m/s2．在石块下落的过程中（）A．第1 s 内下落的高度为1 mB．第1 s 内下落的高度为5 mC．第1 s 内下落的高度为10 mD．第1 s 内下落的高度为15 m4．下列说法正确的是（）A．物体的运动速度越大，加速度也一定越大B．物体的运动速度变化越快，加速度越大C．物体的运动速度变化量越大，加速度也一定越大D．物体的运动速度越小，加速度也一定越小5．关于两个物体之间的作用力和反作用力，下列说法正确的是（）A．两物体之间的作用力和反作用力的大小不一定相等B．两物体之间的作用力和反作用力不作用在一条直线上C．两物体之间的作用力和反作用力总是大小相等D．两物体之间的作用力和反作用力作用在同一个物体上6．下列过程中机械能守恒的是（）A．物体做平抛运动B．物体沿固定的粗糙斜面匀速下滑C．重物被起重机悬吊着匀速上升D．汽车关闭发动机后在水平路面上减速滑行7．如图所示，A、B 两点分别位于大、小轮的边缘上，它们之间靠摩擦传动，接触面上没有滑动．两轮在转动过程中，下列说法正确的是（）A．a、b 两点的周期相等B．a、b 两点的线速度大小不相等C．a、b 两点的角速度相等D．a、b 两点的线速度大小相等8．关于人造地球卫星，下列说法正确的是（）A．卫星的轨道半径越大，周期越小B．卫星的轨道半径越大，线速度越小C．卫星的轨道半径越大，角速度越大D．卫星的轨道半径越大，向心加速度越大9．质量为m的物体，当它的速度达到v时它具有的动能为（）A．B．mv C．D．mv210．关于功率公式P=和P=Fv 的说法正确的是（）A．由P=只能求某一时刻的瞬时功率B．从P=Fv 知，汽车的功率与它的速度成正比C．由P=Fv 只能求某一时刻的瞬时功率D．从P=Fv 知，当汽车发动机功率一定时，牵引力与速度成反比二、填空题：每空3分，共12分11．质量为1kg的物体自足够高处自由落下（不计空气阻力），g取10m/s2，在下落3s的时间内物体下落的高度h=m，在下落3s的时间内重力对物体所做的功W G=J．12．在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某同学使用了如图（甲）所示的装置．该同学得到一条纸带．在纸带上取连续的3个点．如图乙所示，自A点起，相邻两点间的距离分别为X AB=0.018m、X BC=0.020m，T AB=T BC=0.02s，则打B点时小车运动的速度大小是m/s，小车运动的加速度大小是m/s2．三、计算题：共18分．写出必要的文字说明和解题步骤13．如图所示，质量为m=10kg的物体在水平面上向右运动，与此同时物体还受到一个水平向右的拉力F=20N，物体与水平面间的摩擦系数μ=0.1（g=10m/s2），求：（1）物体所受的摩擦力大小；（2）物体运动的加速度大小．14．如图所示，一名滑雪运动员经过一段加速滑行后从O点水平飞出，经过3.0s落到斜坡上的A点．已知O点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角θ=37°，运动员的质量m=60kg．不计空气阻力．（取sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2）求：（1）O点与A点的距离L；（2）运动离开O点时的速度大小；（3）运动员落到A点时的动能．参考答案与试题解析一、选择题：共10小题，每小题3分，共30分．每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．下列计时数据表示时刻的是（）A．中午11：55 放学B．从家到学校大约走30分钟C．课间休息10分钟D．考试用时100分钟【考点】时间与时刻．【分析】理解时间间隔和时刻的区别，时间间隔是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点．【解答】解：A、中午11：55放学，是放学的时刻，故A正确；B、从家到学校大约走30分钟，是一段时间，故B错误；C、10分钟是休息经历的时间，故C错误；D、100分钟是考试的时间，故D错误；故选：A2．下列物理量中，属于矢量的是（）A．速度B．时间C．质量D．路程【考点】矢量和标量．【分析】即有大小又有方向，相加是遵循平行四边形定则的物理量是矢量，如力、速度、加速度、位移、动量等都是矢量；只有大小，没有方向的物理量是标量，如路程、时间、质量等都是标量．【解答】解：速度是既有大小也有方向的，是矢量，时间、质量、路程只有大小没有方向，是标量．故选：A．3．一石块从楼顶自由落下．不计空气阻力，取g=10m/s2．在石块下落的过程中（）A．第1 s 内下落的高度为1 mB．第1 s 内下落的高度为5 mC．第1 s 内下落的高度为10 mD．第1 s 内下落的高度为15 m【考点】自由落体运动．【分析】自由落体运动做初速度为0，加速度为g的匀加速直线运动，根据位移时间公式求出第1s内下落的位移【解答】解：1s内下降的高度为：h=，故ACD错误，B正确；故选：B4．下列说法正确的是（）A．物体的运动速度越大，加速度也一定越大B．物体的运动速度变化越快，加速度越大C．物体的运动速度变化量越大，加速度也一定越大D．物体的运动速度越小，加速度也一定越小【考点】加速度．【分析】加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量．【解答】解：A、物体的速度大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故A错误．B、加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大，故B正确．C、物体的速度变化量大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故C错误．D、当加速度方向与速度方向相反，加速度增大，速度减小，故D错误．故选：B．5．关于两个物体之间的作用力和反作用力，下列说法正确的是（）A．两物体之间的作用力和反作用力的大小不一定相等B．两物体之间的作用力和反作用力不作用在一条直线上C．两物体之间的作用力和反作用力总是大小相等D．两物体之间的作用力和反作用力作用在同一个物体上【考点】牛顿第三定律．【分析】由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失．【解答】解：A、由牛顿第三定律可知，任何情况下作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在一条直线上，故AB错误，C正确；D、作用力和反作用力作用在不同的物体上，作用效果不能抵消，不能合成，故D错误；故选：C．6．下列过程中机械能守恒的是（）A．物体做平抛运动B．物体沿固定的粗糙斜面匀速下滑C．重物被起重机悬吊着匀速上升D．汽车关闭发动机后在水平路面上减速滑行【考点】机械能守恒定律．【分析】机械能守恒的条件：只有重力或弹簧的弹力做功；根据条件可以判断机械能是否守恒．也可以根据机械能的概念分析．【解答】解：A、物体做平抛运动，只受重力，物体的机械能守恒，故A正确．B、物体沿固定的粗糙斜面匀速下滑，动能不变，重力势能减小，则机械能减小，不守恒，故B错误．C、重物被起重机悬吊着匀速上升，动能不变，重力势能增加，则机械能增加，不守恒，故C 错误．D、汽车关闭发动机后在水平路面上减速滑行，阻力对汽车做功，其机械能减少，故D错误；故选：A7．如图所示，A、B 两点分别位于大、小轮的边缘上，它们之间靠摩擦传动，接触面上没有滑动．两轮在转动过程中，下列说法正确的是（）A．a、b 两点的周期相等B．a、b 两点的线速度大小不相等C．a、b 两点的角速度相等D．a、b 两点的线速度大小相等【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】靠摩擦传动做匀速转动的大、小两轮接触面互不打滑，知a、b两点具有相同的线速度，根据v=rω，可得出角速度的关系．【解答】解：靠摩擦传动做匀速转动的大、小两轮接触面互不打滑，知a、b两点具有相同的线速度；由于转动半径不同，根据公式v=rω，知角速度不同，所以周期也不同，故ABC错误，D正确．故选：D8．关于人造地球卫星，下列说法正确的是（）A．卫星的轨道半径越大，周期越小B．卫星的轨道半径越大，线速度越小C．卫星的轨道半径越大，角速度越大D．卫星的轨道半径越大，向心加速度越大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【分析】根据万有引力提供圆周运动向心力由半径关系处理描述圆周运动物理量大小之间的关系．【解答】解：根据万有引力提供圆周运动向心力有可知：A、周期T=知卫星轨道半径越大周期越大，故A错误；B、线速度v=知卫星轨道半径越大周期越小，故B正确；C、角速度知卫星轨道半径越大角速度越小，故C错误；D、向心加速度a=知卫星轨道半径越大向心加速度越小，故D错误．故选：B．9．质量为m的物体，当它的速度达到v时它具有的动能为（）A．B．mv C．D．mv2【考点】动能．【分析】根据动能表达式，E K=，即可求解．【解答】解：根据动能表达式，E K=，故C正确，ABD错误；故选：C．10．关于功率公式P=和P=Fv 的说法正确的是（）A．由P=只能求某一时刻的瞬时功率B．从P=Fv 知，汽车的功率与它的速度成正比C．由P=Fv 只能求某一时刻的瞬时功率D．从P=Fv 知，当汽车发动机功率一定时，牵引力与速度成反比【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】功率的计算公式由两个P=和P=Fv；P=可以计算平均功率的大小，而P=Fv可以计算平均功率也可以是瞬时功率，取决于速度是平均速度还是瞬时速度．【解答】解：A、中学阶段，由P=只能计算平均功率的大小，不能用来计算瞬时功率，所以A错误．B、P=Fv知：牵引力恒定时，汽车的输出功率与它速度成正比，故B错误；C、P=Fv可以计算平均功率也可以是瞬时功率，取决于速度是平均速度还是瞬时速度，故C 错误；D、从P=Fv 知，当汽车发动机功率一定时，牵引力与速度成反比，故D正确；故选：D二、填空题：每空3分，共12分11．质量为1kg的物体自足够高处自由落下（不计空气阻力），g取10m/s2，在下落3s的时间内物体下落的高度h=45m，在下落3s的时间内重力对物体所做的功W G=450J．【考点】功的计算．【分析】由自由落体规律可得3s内的位移，进而根据重力做功公式W G=mgh即可求解．【解答】解：3s内物体的位移为：h==；则下落3s的时间内重力对物体做的功为：W G=mgh=1×10×45=450J．故答案为：45，450．12．在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某同学使用了如图（甲）所示的装置．该同学得到一条纸带．在纸带上取连续的3个点．如图乙所示，自A点起，相邻两点间的距离分别为X AB=0.018m、X BC=0.020m，T AB=T BC=0.02s，则打B点时小车运动的速度大小是0.95 m/s，小车运动的加速度大小是5m/s2．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，根据中间时刻速度等于一段过程中的平均速度可求出某点的瞬时速度，根据运动学公式△x=at2求得加速度．【解答】解：根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得：v B=，根据运动学公式△x=at2得a=故答案为：0.95；5三、计算题：共18分．写出必要的文字说明和解题步骤13．如图所示，质量为m=10kg的物体在水平面上向右运动，与此同时物体还受到一个水平向右的拉力F=20N，物体与水平面间的摩擦系数μ=0.1（g=10m/s2），求：（1）物体所受的摩擦力大小；（2）物体运动的加速度大小．【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】（1）正确对物体进行受力分析，根据f=μF N求摩擦力；（2）求出其合力，运用牛顿第二定律求出物体的加速度【解答】解：（1）在水平地面上向右运动，竖直方向受重力、支持力，水平方向受水平向右的拉力、水平向左的摩擦力．水平向右的拉力F=20N，摩擦力f=μN=μmg=0.1×100=10N，20﹣10）N=10N，方向水平向右，（2）合力大小为F合=（根据牛顿第二定律得：a===1m/s2，方向水平向右，答：（1）物体所受的摩擦力大小为10N；（2）物体运动的加速度大小为1m/s2．14．如图所示，一名滑雪运动员经过一段加速滑行后从O点水平飞出，经过3.0s落到斜坡上的A点．已知O点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角θ=37°，运动员的质量m=60kg．不计空气阻力．（取sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2）求：（1）O点与A点的距离L；（2）运动离开O点时的速度大小；（3）运动员落到A点时的动能．【考点】动能定理的应用；平抛运动．【分析】（1）从O点水平飞出后，人做平抛运动，根据水平方向上的匀速直线运动，竖直方向上的自由落体运动可以求得A点与O点的距离L；（2）运动员离开O点时的速度就是平抛初速度的大小，根据水平方向上匀速直线运动可以求得；（3）整个过程中机械能守恒，根据机械能守恒可以求得落到A点时的动能．【解答】解：（1）由O点到A点，运动员做平抛运动，竖直位移大小为O点与A点的距离（2）水平位移x=Lcos37°=75×0.8=60m由x=v0t得所以运动离开O点时的速度大小为20m/s（3）由O点到A点，由动能定理得=39000J 答：（1）O点与A点的距离L为75m；（2）运动离开O点时的速度大小为20m/s；（3）运动员落到A点时的动能为39000J．2017年3月5日。

内蒙古包头市北方重工业集团有限公司第三中学2017-2018学年高二4月物理试题

试卷第1页，总9页 ……○………………○…………绝密★启用前内蒙古包头市北方重工业集团有限公司第三中学2017-2018学年高二4月物理试题试卷副标题注意事项： 1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上第I 卷（选择题) 请点击修改第I 卷的文字说明一、单选题 1．下列说法正确的是( ) A ．动量为零时，物体一定处于平衡状态 B ．动能不变时，物体的动量一定不变 C ．物体受到恒力的冲量也可能做曲线运动 D ．物体受到变力的冲量不可能做直线运动 2．一热气球在地面附近匀速上升，某时刻从热气球上掉下一沙袋，不计空气阻力。

则此后( ) A ．沙袋重力的功率逐渐增大 B ．沙袋的机械能先减小后增大 C ．在相等时间内沙袋动量的变化相等 D ．在相等时间内沙袋动能的变化相等 3．如图所示，一质量为0.5kg 的一块橡皮泥自距小车上表面1.25m 高处由静止下落，恰好落入质量为2kg 、速度为2.5m/s 沿光滑水平地面运动的小车上，并与小车一起沿水平地面运动，取g =10m/s 2，不计空气阻力，下列说法正确的是试卷第2页，总9页○…………外………○………※在※※装※○…………内………○………A．橡皮泥下落的时间为0.3sB．橡皮泥与小车一起在水平地面上运动的速度大小为3.5m/sC．橡皮泥落入小车的过程中，橡皮泥与小车组成的系统动量守恒D．整个过程中，橡皮泥与小车组成的系统损失的机械能为7.5J4．如图所示，光滑水平面上两小车中间夹一压缩了的轻弹簧（不拴接），两手分别按住小车，使它们静止，对两车及弹簧组成的系统，下列说法中不正确的是（）A．两手同时放开后，系统总动量始终为零B．先放开左边的手，后放开右边的手，在以后运动过程中动量不守恒C．先放开左边的手，后放开右边的手，总动量向左D．先放一只手，过一段时间，再放另一只手．两手都放开后的过程中，系统总动量保持不变，但系统的总动量一定不为零5．如图所示，两个大小相同、质量均为m的小弹珠静止在水平地面上，某小孩在极短时间内给第一个弹珠一个水平冲量使其向右运动，当第一个弹珠运动了距离L时与第二个弹珠发生弹性正碰，碰后第二个弹珠运动了2L后停下。

内蒙古北重三中高二物理10月月考试题

北重三中2017—2018学年度第一学期高二年级月考物理试题考试时间：2017年10月满分：120分考试时长：100分钟第一部分选择题一、选择题：（本大题共13个小题，1-9为单项选择题，10-13为多项选择题。

每小题4分，共52分）1.铅蓄电池的电动势为2V，这表示（）A.电路中每通过1C的电量，电源就把2J的电能转化为化学能B.蓄电池两极的电压为2VC.蓄电池在1秒内将2J的化学能转化为电能D.蓄电池将化学能转化为电能的本领比一节干电池（电动势为1.5V）的大2.如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）A.R1：R2=3：1B.把R1拉长到原来的3倍长后电阻等于R2C.将R1与R2串联后接于电源上，则功率之比P1：P2=1：3D.将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：33.有两个同种材料制成的导体，两导体为横截面为正方形的柱体，柱体高均为h，大柱体柱截面边长为a，小柱体柱截面边长为b，则（）A.从图示电流方向看大柱体与小柱体的电阻之比为a：bB.从图示电流方向看大柱体与小柱体的电阻之比为1：1C.若电流方向竖直向下，大柱体与小柱体的电阻之比为a：bD.若电流方向竖直向下，大柱体与小柱体的电阻之比为a2：b24.如图所示电路中，电源电动势为E，内阻为r=R，各定值电阻的阻值均为R．先只闭合开关s1，此时电源效率为η1；再闭合开关S2，此时电源效率为η2，则η1与η2的比值为（）A.2：1B.4：3C.4：51D.5：65.在如图所示的电路中，E 为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V 的示数分别为I1、I2和U．现将R2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化情况是（）A.I1增大，I2不变，U 增大B.I1增大，I2减小，U 增大C.I1减小，I2增大，U 减小D.I1减小，I2不变，U 减小6.如图所示的两条图线分别表示同一电源的内阻发热功率P r以及电源的总功率P随干路电流I的变化图线，其中抛物线OBC为电源的内阻发热功率P r随干路电流I的变化图线，直线OAC为电源的总功率P随干路电流I的变化图线．若线段AB对应的横坐标为2A，那么图象中线段AB所表示的功率差以及电流I=2A时所对应的外电阻分别为（）A.6W 0.5ΩB.2W 0.5ΩC.2W 0.1ΩD.4W 0.3Ω7.关于欧姆表，下列说法正确的是（）A.欧姆表是根据闭合电路欧姆定律制成的B.由于电流和电阻成反比，所以刻度盘上的刻度是均匀的C.使用欧姆表时，指针偏转越大，读数越准确D.当使用不同倍率的欧姆档去测量电阻时，可不必再进行电阻调零8.如图所示，把四个相同的灯泡接成甲、乙两种电路后，灯泡都正常发光，且两个电路的总功率相等，则这两个电路中的U甲，U乙，R甲，R乙之间的关系，正确的是A.U甲=3U乙B.U甲=4U乙C.R甲=4R乙D.R甲=2R乙9.如图所示，直线a为某电源的路端电压随电流的变化图线，曲线b为小灯泡R两端的电压随电流强度的变化图线，用该电源和该小灯泡R组成的闭合电路，电源的输出功率和电源的内电阻分别是A.0.6W，5ΩB.0.6 W，20/3(Ω)C.0.8 W，5ΩD.0.8W，20/3(Ω)10.在如图所示的电路中，电源的电动势E恒定，内阻r=1Ω，R1为光敏电阻（其阻值随光照的增强而减小），定值电阻R2=2Ω，R3=5Ω，电表均为理想电表．则下列说法正确的是（）A.当光照增强时，电源的效率增大B.当光照增强时，电容器的电荷量减小C.光照强度变化时，电压表示数的变化量和电流表示数的变化量之比不变D.若光敏电阻R1阻值变化范围为2～9Ω，则光照强度变化前后，ab段电路消耗的电功率可能相同11.将一电源电动势为E，内阻为r的电池，与外电路连接，构成一个闭合电路，用R表示外电路电阻，I表示电路的总电流，下列说法正确的是（）A.由U外=IR可知，电源的路端电压随总电流I的增大而增大B.由U内=I r可知，电源的路端的电压随总电流I的增大而增大C.由U=E-I r可知，电源的路端电压随总电流I的增大而减小D.电源的路端电压变化量与总电流变化量的比值为(-r)12.如图所示是测绘小灯泡伏安特性曲线的实验电路图，关于该实验的操作和实验现象，下列说法正确的是（）A.在开关S闭合之前，滑动变阻器的滑动触头应滑到最左端B.本实验要求电流、电压均从零开始到额定电流、额定电压之间测量多组数据C.当滑动变阻器的滑动触头从左端向右逐渐滑动过程中，电压表示数逐渐变大，电流表示数逐渐减小D.当滑动变阻器的滑动触头从左端向右逐渐滑动过程中，电压表示数逐渐变大，电流表示数逐渐变大13.如图所示，电源电动势为E，内电阻为r，平行板电容器两金属板水平放置，开关S是闭合的，两板间一质量为m、电荷量为q的油滴恰好处于静止状态，G为灵敏电流计．则以下说法不正确的是（）A.在将滑动变阻器滑片P向上移动的过程中，油滴向上加速运动，G中有从b到a的电流B.在将滑动变阻器滑片P向下移动的过程中，油滴向下加速运动，G中有从a到b的电流C.在将滑动变阻器滑片P向上移动的过程中，油滴仍然静止，G中有从a到b的电流D.在将S断开后，油滴仍保持静止状态，G中无电流通过第二部分非选择题二、实验题探究题(本大题共2小题，共16分)14.（6分）（1）写出如图甲所示的螺旋测微器对应的读数 ______ mm．（2）用已调零且选择旋钮指向欧姆挡“×10”位置的多用电表测电阻阻值，根据如图乙所示的表盘，被测电阻阻值为 ______ Ω．若将该表选择旋钮置于 10m A 挡测电流，表盘仍如图乙所示，则被测电流为 _____m A．15.（10分）用如图1所示的电路，测定一节干电池的电动势和内阻．电池的内阻较小，为了防止在调节滑动变阻器时造成短路，电路中用一个定值电阻R0起保护作用．除电池、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：电流表（量程0.6A、3A）；电压表（量程3V、15V）定值电阻（阻值1Ω、额定功率5W）定值电阻（阻值10Ω，额定功率10W）滑动变阻器（阻值范围0～10Ω、额定电流2A）滑动变阻器（阻值范围0～100Ω、额定电流1A）那么：①要正确完成实验，电压表的量程应选择 ______ V，电流表的量程应选择 ______ A；R0应选择 ______ Ω的定值电阻，R应选择阻值范围是 ______ Ω的滑动变阻器．②引起该实验系统误差的主要原因是 ______ ．③图2是根据实验数据画出的U-I图象．由此可知这个干电池的内阻r= ______ Ω，测量值比真实值 ______ ．（填偏大或者偏小）三、计算题(本大题共4小题，共52分)16.(12分)如图所示，电流表示数I=0.75A，电压表示数为U=2V，电阻R1烧断后，电流表读数变为I1=0.8A，电压表示数为U1=3.2V，已知R3=4Ω，不计电压表和电流表对电路的影响．问：（1）R1的阻值为多少？（2）电源的电动势和内阻分别为多少？17.（12分）如图电路中，电源电动势E=6V，内阻r=2Ω，电阻R1=1Ω，变阻器最大阻值R=10Ω．当滑片P由变阻器a端滑到b端的过程中，（1）变阻器R多少Ω时，电阻R1消耗的电功率最大，最大电功率P1多少W?（2）变阻器R多少Ω时，电源输出的电功率最大，最大输出功率P m多少W?（3）变阻器R多少Ω时，电阻R消耗的电功率最大．电阻R最大功率是多少W?18.（14分）如图所示电路中，电源电动势E=12V，内阻r=2Ω，指示灯R L的阻值为16Ω，电动机M线圈电阻R M为2Ω．当开关S闭合时，指示灯R L的电功率P=4W．求：（1）流过电流表A的电流．（2）电动机M输出的机械功率．19.（14分）如图所示，电源电动势为E=10V，内阻r=1Ω，R1=R2=R3=R4=1Ω，电容器电容C=6μF，开关闭合时，间距为d的平行板电容器C的正中间有一质量为m，电荷量为q的小球正好处于静止状态．求：（1）电路稳定后通过R4的电流I；（2）开关S断开，流过R2的电荷量△Q；（3）断开开关，电路稳定后，小球的加速度a的大小．高二年级月考物理试题答案一、选择题：（每小题4分，共52分）14.（6分）（1）写出如图甲所示的螺旋测微器对应的读数 _0.200_____ mm．（2）被测电阻阻值为 __180____ Ω．被测电流为 _4.5____m A．15.（10分）① _3___ V ___0.6___ A； __1____ Ω， _0-10_____ Ω②引起该实验系统误差的主要原因是 __电压表分流_③r= ___1.0___ Ω，测量值比真实值 _偏小_____ ．（填偏大或者偏小）三、计算题16. （12分）（1）8欧姆（2）电动势为4V 内阻为1欧17. （12分）（1）R=0时，最大功率为4W(2)R=1时，最大功率为4w（3）R=3时，功率最大18. （14分）（1）电流为2A（2）功率为2W19. （14分）（1）电流为4A（2）电荷量为2.2*10-5C（3）加速度为1.67m/s2。

内蒙古包头市青山区北方重工业集团有限公司第三中学2017_2018学年高一物理下学期4月试题(含解析)

内蒙古包头市青山区北方重工业集团有限公司第三中学2017-2018学年高一物理下学期4月试题（含解析）考试时间：2018年4月8日满分：120分考试时长：100分钟第一部分一、选择题（不定项选择，共16题64分，每题4分，选不全得2分，错选不得分）1.一质点在某段时间内做曲线运动，则在这段时间内（）A. 速度一定在不断地改变，加速度也一定不断地改变B. 速度一定在不断地改变，加速度可以不变C. 速度可以不变，加速度一定不断地改变D. 做曲线运动的物体的速度方向在时刻改变，所以曲线运动不可能是匀变速运动【答案】B【解析】【详解】AB、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，由此可以分析得出结论，物体在做曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，那么速度也就一定在变化，但是合力不一定改变，所以加速度不一定改变，而加速度不变的曲线运动叫匀变速曲线运动，如平抛运动，故ACD错误，B正确；故选B。

2. 有关运动的合成，以下说法正确的是( )A. 两个直线运动的合运动一定是直线运动B. 两个不在一条直线上的匀速直线运动的合运动可能是曲线运动C. 匀加速直线运动和匀速直线运动的合运动一定是直线运动D. 两个初速度为零的匀加速(加速度大小不相等)直线运动的合运动一定是匀加速直线运动【答案】D【解析】试题分析：平抛运动，水平方向上做匀速直线运动，竖直方向上做匀变速直线运动，两个运动都是直线运动，但是合运动却为曲线运动，AC错误；两个不在一条直线上的匀速直线运动，则合力一定为零，合运动一定为匀速直线运动，B错误；两个初速度为零的匀加速(加速度大小不相等)直线运动，则在两个方向上的合力恒定，所以合力恒定，一定做匀加速直线运动，D 正确；考点：考查了运动的合成与分解【名师点睛】解决本题的关键掌握判断物体做直线运动还是曲线运动的方法，当合加速度的方向与合速度的方向在同一条直线上，物体做直线运动；当合速度的方向与合加速度的方向不在同一条直线上，物体做曲线运动3.如图所示，重物A 、B 由刚性绳拴接，跨过定滑轮处于图中实际位置，此时绳恰好拉紧，重物静止在水平面上，用外力水平向左推A ，当A 的水平速度为v A 时，如图中虚线所示，则此时B 的速度为（）v A A A v A 【答案】A 【解析】两物体沿绳子方向上的分速度相等，沿绳子方向上的分速度为：则v A1=v B1=v A cos30°=v A ．解得：160B B A v v cos ==︒．故选A ．点睛：本题考查了速度的分解，知道速度的分解遵循平行四边形定则，以及知道两物体沿绳子方向上的分速度相等．该类型的题关键是找清哪个是合速度，哪个是分速度．4.如图所示是自行车传动结构的示意图，其中Ⅰ是半径为1r 的牙盘(大齿轮)，Ⅱ是半径为2r 的飞轮(小齿轮)，Ⅲ是半径为3r 的后轮，假设脚踏板的转速为()/n r s ，则自行车前进的速度为（）A.132nr r r πB.231nr r r πC. 1322nr r r πD. 2312nr r r π【答案】C 【解析】转速为单位时间内转过的圈数，因为转动一圈，对圆心转的角度为2π，所以2/nrad s ωπ=，因为要测量自行车前进的速度，即车轮III 边缘上的线速度的大小，根据题意知：轮I 和轮II 边缘上的线速度的大小相等，据v R ω=可知：1122r r ωω=，已知12n ωπ=，则轮II 的角速度1212r r ωω=．因为轮II 和轮III 共轴，所以转动的ω相等即32ωω=，根据v R ω=可知，133322r v r nr r πω==，故选项C 正确。

内蒙古包头市青山区北重三中2017-2018学年高二上学期期中物理试卷 Word版含解析

内蒙古包头市青山区北重三中2017-2018学年高二上学期期中物理试卷一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）1．关于电场强度和磁感应强度，下列说法正确的是（）A．电场强度的定义式E=，适用于任何电场B．由真空中点电荷的电场强度公式E=可知，当r→0时，E→无穷大C．由公式B=可知，一小段通电导线在某处若不受磁场力，则说明此处一定无磁场D．磁感应强度越大，置于该处的通电导线所受的安培力就越大2．图中的实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域的运动轨迹，a、b是其轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用，由此图可判断下列说法错误的是（）A．带电粒子所带电荷的符号B．带电粒子在a、b两点的受力方向C．带电粒子在a、b两点的速度何处较大D．带电粒子在a、b两点的电势能何处较大3．如图所示，在y轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷+Q，在x轴上C点有点电荷﹣Q，且CO=OD，∠ADO=60°．下列判断正确的是（）A．O点电场强度为零B．D点电场强度不为零C．若将点电荷+q从O移向C，电势能增大D．若将点电荷﹣q从O移向C，电势能增大4．一质量为m的带电液滴以竖直向下的初速度v0进入某电场中．由于电场力和重力的作用，液滴沿竖直方向下落一段距离h后，速度为零．下列判断正确的是（）A．电场力对液滴做的功为mv02B．液滴克服电场力做的功为mv02+mghC．液滴的机械能减少mghD．液滴的机械能增加mgh5．如图所示，M、N是竖直放置的两平行金属板，分别带等量异种电荷，两极间产生一个水平向右的匀强电场，场强为E，一质量为m、电量为+q的微粒，以初速度v0竖直向上从两极正中间的A点射入匀强电场中，微粒垂直打到N极上的C点，已知AB=BC．不计空气阻力，则可知（）A．微粒在电场中的加速度是变化的B．微粒打到C点时的速率与射入电场时的速率相等C．M N板间的电势差为D．M N板间的电势差为6．有一个直流电动机，把它接入0.2V电压的电路中电机不转，测得流过电动机的电流是0.4A；若把电动机接入2.0V电压的电路中，正常工作时的电流是1.0A，此时，电动机的输出功率是P出；如果在电动机正常工作时，转子突然被卡住，电动机的发热功率是P热，则（）A．P出=2W，P热=0.5W B．P出=1.5W，P热=8WC．P出=2W，P热=8W D．P出=1.5W，P热=0.5W7．一电流表的满偏电流I g=1mA，内阻为200Ω．要把它改装成一个量程为0.5A的电流表，则应在电流表上（）A．并联一个0.4Ω的电阻B．并联一个200Ω的电阻C．串联一个0.4Ω的电阻D．串联一个200Ω的电阻8．如图，两根互相平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流．a、o、b在M、N的连线上，o为MN的中点，c、d位于MN的中垂线上，且a、b、c、d到o点的距离均相等．关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是（）A．o点处的磁感应强度为零B．a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反C．c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同D．a、c两点处磁感应强度的方向不同9．如图所示，在竖直向下的匀强磁场中，有两根竖直放置的平行导轨AB、CD，导轨上放有质量为m的金属棒MN，棒与导轨间的动摩擦因数为u，现从t=0时刻起，给棒通以图示方向的电流，且电流强度与时间成正比，即I=kt，其中k为恒量．若金属棒与导轨始终垂直，则下图所示的表示棒所受的摩擦力随时间变化的四幅图中，正确的是（）A．B．C．D．10．如图所示，用粗细均匀的电阻丝折成平面梯形框架，ab、cd边均与ad边成60°角，ab=bc=cd=L，长度为L的电阻丝电阻为r，框架与一电动势为E，内阻为r的电源相连接，垂直于框架平面有磁感应强度为B的匀强磁场，则框架受到的安培力的合力大小为（）A．0B．C．D．二、多项选择题（本大题共五个小题，每小题有2个或2个以上的正确选项，全部选对得4分，漏选得2分，选错或多选不得分．共20分）11．电源和一个水平放置的平行板电容器、三个电阻组成如图所示的电路．当开关S闭合后，电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态．现将开关S断开，则以下判断正确的是（）A．液滴仍保持静止状态B．液滴将向上运动C．电容器上的带电量将减为零D．电容器上的带电量将增大12．如图，处于真空中的匀强电场与水平方向成15°角，AB直线与匀强电场E互相垂直．在A点以大小为v0的初速度水平抛出一质量为m，带电量为+q的小球，经时间t，小球下落一段距离过C点（图中未画出）时速度仍为v0，在小球由A点运动到C点的过程中，下列说法中不正确的是（）A．电场力对小球做功为零B．小球的电势能增加C．小球的机械能减少量为mg2t2D．C可能位于AB直线的左侧13．如图所示电路图中，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，电源内阻不可忽略，当滑动变阻器的滑动片向右移动时，电流表、电压表可视为理想电表，关于电流表和电压表示数的变化情况的分析，正确的是（）A．电流表和电压表读数均增大B．电流表和电压表读数均减小C．电压表V1的示数变化量小于电压表V2的示数变化量D．电流表读数变小，电压表V2读数变大，V1读数减小14．真空中的某装置如图所示，其中平行金属板A、B之间有加速电场，C、D之间有偏转电场，M为荧光屏．今有质子、氘核和α粒子均由A板从静止开始被同一加速电场加速后垂直于电场方向进入偏转电场，最后打在荧光屏上．已知质子、氘核和α粒子的质量之比为1：2：4，电荷量之比为1：1：2，则下列判断中正确的是（）A．三种粒子从B板运动到荧光屏经历的时间相同B．三种粒子打到荧光屏上的位置相同C．偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1：1：2D．偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1：2：415．如图所示，MN是磁感应强度为B的匀强磁场的边界．一质量为m、电荷量为q的粒子在纸面内从O点射入磁场．若粒子速度为v0，最远能落在边界上的A点．下列说法正确的有（）A．若粒子落在A点的左侧，其速度一定小于v0B．若粒子落在A点的右侧，其速度一定大于v0C．若粒子落在A点左右两侧d的范围内，其速度不可能小于v0﹣D．若粒子落在A点左右两侧d的范围内，其速度不可能大于v0+三、实验填空题：（本大题共20分）16．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，除有一标有“6V，1.5W”的小灯泡、导线和开关外，还有：A．直流电源6V（内阻不计）B．直流电流表0～3A（内阻0.1Ω以下）C．直流电流表0～300mA（内阻约为5Ω）D．直流电压表0～10V（内阻约为15kΩ）E．滑动变阻器10Ω，2A F．滑动变阻器1kΩ，0.5A实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量．（1）实验中电流表应选用，滑动变阻器应选用（均用序号表示）．（2）在图1方框内画出实验电路图．（3）试将图2所示器材连成实验电路．17．两位同学在实验室利用如图（a）所示的电路测定定值电阻R0、电源的电动势E和内电阻r．调节滑动变阻器的滑动触头P向某一方向移动时，一个同学记录了电流表A和电压表V1的测量数据，另一同学记录的是电流表A和电压表V2的测量数据．并根据数据描绘了如图（b）所示的两条U﹣I直线．回答下列问题：（1）根据甲乙两同学描绘的直线，可知正确的是A．甲同学是根据电压表V1和电流表A的数据B．甲同学是根据电压表V2和电流表A的数据C．乙同学是根据电压表V1和电流表A的数据D．乙同学是根据电压表V2和电流表A的数据（2）根据图（b），求出定值电阻R0﹦Ω，电源内电阻的阻值r﹦Ω四、计算题（本大题共40分）18．如图所示，在E=103V/m的水平向左匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道竖直放置轨道与一水平绝缘轨道MN连接，半圆轨道所在竖直平面与电场线平行，其半径R=40cm，一带正电荷q=3×10﹣4C的小滑块质量为m=40g，与水平轨道间的动摩因数μ=0.5，取g=10m/s2，求：（1）要小滑块能运动到圆轨道的最高点L，滑块应在水平轨道上离N点多远处释放？（2）滑块在圆弧轨道上的最大速度是多少？19．如图所示，半径为R的圆形区域内存在着磁感应强度为B的匀强磁场，方向垂直于纸面向里，一带负电的粒子（不计重力）沿水平方向以速度v正对着磁场圆的圆心入射，通过磁场区域后速度方向偏转了60°角．（1）求粒子的比荷及粒子在磁场中的运动时间；（2）如果想使粒子通过磁场区域后速度方向的偏转角度最大，在保持入射方向仍然沿水平方向的基础上，需将粒子的入射点向上平移的距离为多少？20．如图所示的平行板之间，存在着相互垂直的匀强磁场和匀强电场，磁场的磁感应强度B1=0.20T，方向垂直纸面向里，电场强度E1=1.0×105 V/m，PQ为板间中线．紧靠平行板右侧边缘xOy坐标系的第一象限内，有一边界线AO，与y轴的夹角∠AOy=45°，边界线的上方有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度B2=0.25T，边界线的下方有水平向右的匀强电场，电场强度E2=5.0×105 V/m，在x轴上固定一水平的荧光屏．一束带电荷量q=8.0×10﹣19C、质量m=8.0×10﹣26 kg的正离子从P点射入平行板间，沿中线PQ做直线运动，穿出平行板后从y轴上坐标为（0，0.4m）的Q点垂直y轴射入磁场区，最后打到水平的荧光屏上的位置C．求：（1）离子在平行板间运动的速度大小．（2）离子打到荧光屏上的位置C的坐标．（3）现只改变AOy区域内磁场的磁感应强度大小，使离子都不能打到x轴上，磁感应强度大小B2′应满足什么条件？内蒙古包头市青山区北重三中2017-2018学年高二上学期期中物理试卷一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）1．关于电场强度和磁感应强度，下列说法正确的是（）A．电场强度的定义式E=，适用于任何电场B．由真空中点电荷的电场强度公式E=可知，当r→0时，E→无穷大C．由公式B=可知，一小段通电导线在某处若不受磁场力，则说明此处一定无磁场D．磁感应强度越大，置于该处的通电导线所受的安培力就越大考点：电场强度；磁感应强度．分析：电场强度是反映电场力的性质的物理量，大小用比值法定义，方向与正的试探电荷受到的电场力的方向相同；电场中某点的场强可以通过电场线形象地表示；点电荷场强的决定式为．解答：解：A、电场强度的定义式E=，适用于任何电场，故A正确．B、当r→0时，场源电荷已不能看成点电荷，公式E=k 不再成立．故B错误．C、由公式B=可知，一小段通电导线在某处若不受磁场力，可能是由于B的方向与电流方向平行，所以此处不一定无磁场，故C错误．D、根据安培力公式F=BILsinα，α是导线与磁场方向的夹角，可知磁感应强度越大，置于该处的通电导线所受的安培力不一定越大，还与导线与磁场方向的夹角有关，故D错误．故选：A．点评：本题考查对电场强度两公式的理解能力，首先要理解公式中各个量的含义，其次要理解公式的适用条件．2．图中的实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域的运动轨迹，a、b是其轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用，由此图可判断下列说法错误的是（）A．带电粒子所带电荷的符号B．带电粒子在a、b两点的受力方向C．带电粒子在a、b两点的速度何处较大D．带电粒子在a、b两点的电势能何处较大考点：电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：从图中可以看到，粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子受到的电场力大体向左，电场线方向不明，无法判断粒子的电性．根据电场力做功情况，判断动能和电势能的变化．当电场力做正功时，电荷的电势能减小，动能增大；当电场力做负功时，电荷的电势能增大，动能减小．解答：解：AB、由图，粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左．由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性．故A错误，B正确．CD、由于粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，故从a到b电场力对粒子做负功，粒子的动能减小，电势能增大，则粒子在a点的速度较大，在b点电势能较大．故CD正确．本题选错误的，故选：A．点评：本题是电场中粒子的轨迹问题，首先要能根据轨迹的弯曲方向判断粒子受力方向，其次判断粒子动能和电势能的变化要根据电场力做功情况．3．如图所示，在y轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷+Q，在x轴上C点有点电荷﹣Q，且CO=OD，∠ADO=60°．下列判断正确的是（）A．O点电场强度为零B．D点电场强度不为零C．若将点电荷+q从O移向C，电势能增大D．若将点电荷﹣q从O移向C，电势能增大考点：电势能；电场强度；电场的叠加．专题：电场力与电势的性质专题．分析：O点和D点的电场强度是三个电荷产生的电场强度的合成，根据叠加原理确定两点的电场强度．确定出从O到C电场的方向，根据电场力做功的正负，判断电势能的变化．解答：解：A、A、B两点两个等量同种点电荷+Q在O点产生的电场强度抵消，O点的电场强度等于点电荷﹣Q在O点产生的电场强度，不为零．故A错误．B、设AD=r，根据点电荷产生的电场强度公式E=k得到，两个等量同种点电荷+Q在D 点产生的电场强度大小为E1=k，方向水平向右．﹣Q在O点产生的电场强度大小也为E=k，方向水平向左，则D点的合场强为零．故B错误．C、根据电场的叠加原理得到，C、O间电场强度方向为O到C，将点电荷+q从O移向C，电场力做正功，电势能减小．故C错误．D、将点电荷﹣q从O移向C，电场力做负功，电势能增大．故D正确．故选：D．点评：空间任何一点的场强是各个电荷产生的电场叠加的结果，根据平行四边形定则进行合成．等量同种电荷的电场要抓住对称性．4．一质量为m的带电液滴以竖直向下的初速度v0进入某电场中．由于电场力和重力的作用，液滴沿竖直方向下落一段距离h后，速度为零．下列判断正确的是（）A．电场力对液滴做的功为mv02B．液滴克服电场力做的功为mv02+mghC．液滴的机械能减少mghD．液滴的机械能增加mgh考点：带电粒子在混合场中的运动；功能关系．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：带电液滴在电场力和重力的作用，以竖直向下的初速度沿竖直方向下落，根据功能关系可得出电场力做的功；根据除重力以外的力做功，导致机械能变化，即可求解．解答：解：A、带电液滴下落h高度，由功能关系：W电=﹣mgh﹣m，所以电场力做负功，其值为mv+mgh，故A错误；B正确；C、根据除重力以外的力做功，导致机械能变化，可知：电场力做负功，其值为m+mgh，所以液滴的机械能减小，减小为mv+mgh，故CD错误；故选：B．点评：考查功能关系与机械能是否守恒，并知道除重力以外力做功，导致机械能变化：若此力做正功，则机械能增加；若做负功，则机械能减小．5．如图所示，M、N是竖直放置的两平行金属板，分别带等量异种电荷，两极间产生一个水平向右的匀强电场，场强为E，一质量为m、电量为+q的微粒，以初速度v0竖直向上从两极正中间的A点射入匀强电场中，微粒垂直打到N极上的C点，已知AB=BC．不计空气阻力，则可知（）A．微粒在电场中的加速度是变化的B．微粒打到C点时的速率与射入电场时的速率相等C．M N板间的电势差为D．M N板间的电势差为考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势差．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：由题分析可知，微粒垂直打到N极上的C点，微粒竖直方向做匀减速运动，微粒的重力不能忽略．将微粒的运动分解为水平和竖直两个方向，粒子水平做匀加速运动，竖直方向做竖直上抛运动，用平均速度分别表示两个方向的分位移，根据分位移大小相等，运动时间相等，研究微粒打到C点时的速率与射入电场时的速率的关系．根据动能定理求出AC 间电势差，MN间的电势差等于AB间电势差的两倍．解答：解：A、微粒受到重力和电场力两个力作用，两个力都是恒力，合力也是恒力，所以微粒在电场中的加速度是恒定不变的．故A错误．B、将微粒的运动分解为水平和竖直两个方向，粒子水平做匀加速运动，竖直方向做竖直上抛运动．则有BC=，AB=由题，AB=BC，得到v C=v0，即微粒打到C点时的速率与射入电场时的速率相等．故B正确．C、D，根据动能定理，研究水平方向得，qU AB=得到UAB=所以MN板间的电势差为．故CD错误．故选B点评：本题首先考查分析物体运动情况和判断受力的能力，其次考查运用运动的分解处理曲线的能力．6．有一个直流电动机，把它接入0.2V电压的电路中电机不转，测得流过电动机的电流是0.4A；若把电动机接入2.0V电压的电路中，正常工作时的电流是1.0A，此时，电动机的输出功率是P出；如果在电动机正常工作时，转子突然被卡住，电动机的发热功率是P热，则（）A．P出=2W，P热=0.5W B．P出=1.5W，P热=8WC．P出=2W，P热=8W D．P出=1.5W，P热=0.5W考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电动机不转，由欧姆定律求出其内阻．电动机正常工作时输出功率等于电功率与内部发热功率之差．在电动机正常工作时，转子突然被卡住，根据P=求出电动机的发热功率．解答：解：当电动机不转时，电动机的内阻为r===0.5Ω，电动机正常工作时输出功率为P出=U2I2﹣I22r=1.5W．卡住后热功率：P热===8W故选：B点评：对于电动机电路，正常工作时其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立；当电动机被卡住时，其电路是纯电阻电路，欧姆定律成立．7．一电流表的满偏电流I g=1mA，内阻为200Ω．要把它改装成一个量程为0.5A的电流表，则应在电流表上（）A．并联一个0.4Ω的电阻B．并联一个200Ω的电阻C．串联一个0.4Ω的电阻D．串联一个200Ω的电阻考点：把电流表改装成电压表．专题：恒定电流专题．分析：将电表的量程扩大应在表头两端并联一个小电阻进行分流，当流过表头的电流达到满偏时，流过并联部分的总电流即为改装后的最大量程．解答：解：要使电流表量程变为0.5A，则流过并联电阻的电流I=0.5﹣0.001A=0.499A；并联部分的电压U=I g R=0.001×200Ω=0.2V，则需要并联的电阻r===0.4Ω；故选A．点评：对于电流表的改装一定要明确改装的原理，再根据串并联电路的规律求解即可．8．如图，两根互相平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流．a、o、b在M、N的连线上，o为MN的中点，c、d位于MN的中垂线上，且a、b、c、d到o点的距离均相等．关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是（）A．o点处的磁感应强度为零B．a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反C．c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同D．a、c两点处磁感应强度的方向不同考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．分析：根据右手螺旋定则确定两根导线在a、b、c、d四点磁场的方向，根据平行四边形定则进行合成．解答：解：A、根据右手螺旋定则，M处导线在o点产生的磁场方向竖直向下，N处导线在o点产生的磁场方向竖直向下，合成后磁感应强度不等于0．故A错误．B、M在a处产生的磁场方向竖直向下，在b处产生的磁场方向竖直向下，N在a处产生的磁场方向竖直向下，b处产生的磁场方向竖直向下，根据场强的叠加知，a、b两点处磁感应强度大小相等，方向相同．故B错误．C、M在c处产生的磁场方向垂直于cM偏下，在d出产生的磁场方向垂直dM偏下，N在c处产生的磁场方向垂直于cN偏下，在d处产生的磁场方向垂直于dN偏下，根据平行四边形定则，知c处的磁场方向竖直向下，d处的磁场方向竖直向下，且合场强大小相等．故C正确．D、a、c两点的磁场方向都是竖直向下．故D错误．故选C．点评：解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断电流与其周围磁场方向的关系，会根据平行四边形定则进行合成．9．如图所示，在竖直向下的匀强磁场中，有两根竖直放置的平行导轨AB、CD，导轨上放有质量为m的金属棒MN，棒与导轨间的动摩擦因数为u，现从t=0时刻起，给棒通以图示方向的电流，且电流强度与时间成正比，即I=kt，其中k为恒量．若金属棒与导轨始终垂直，则下图所示的表示棒所受的摩擦力随时间变化的四幅图中，正确的是（）A．B．C．D．考点：牛顿第二定律；共点力平衡的条件及其应用；安培力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：导体棒受重力、安培力、导轨对金属棒的弹力、摩擦力，开始金属棒在导轨上滑动，所受滑动摩擦力，当滑动摩擦力大于重力，金属棒做减速运动，最终静止．解答：解：在垂直于纸面方向上金属棒受安培力和导轨对金属棒的弹力，两个力相等，开始金属棒由静止开始运动，所受摩擦力为滑动摩擦力，在运动的过程中，安培力增大，则弹力增大，所以滑动摩擦力增大，f=μF N=μBIL=μBLkt，成线性增大．当摩擦力大于重力，金属棒做减速运动，最终停止，最终摩擦力变为静摩擦力，f=mg．在运动的过程中，最大滑动摩擦力大于mg．故C正确，A、B、D错误．故选C．点评：解决本题的关键知道金属棒的运动情况，知道金属棒开始受滑动摩擦力，最后受静摩擦力．10．如图所示，用粗细均匀的电阻丝折成平面梯形框架，ab、cd边均与ad边成60°角，ab=bc=cd=L，长度为L的电阻丝电阻为r，框架与一电动势为E，内阻为r的电源相连接，垂直于框架平面有磁感应强度为B的匀强磁场，则框架受到的安培力的合力大小为（）A．0B．C．D．考点：安培力；左手定则．分析：根据左手定则判断出各段受到的安培力的方向，根据闭合电路的欧姆定律计算出各段上的电流大小，再计算出各段安培力的大小，然后使用平行四边形定则合成即可．解答：解：根据左手定则判断出各段受到的安培力的方向，如图电路abcd上的电阻为3r，由几何关系得，ad段的长度为2L，所以ad上的电阻为2r，并联部分的总电阻为：电路中的总电流：路端电压：abcd上的电流：abcd上各段的安培力：ad上的安培力：各段受到的力中，F1和F3在左右方向的分量大小相等，方向相反，相互抵消，所以线框受到的合外力：所以四个选项中C正确．故选：C点评：该题中，各段时的电流的大小不相等，要使用闭合电路的欧姆定律分别计算出各段的电流的大小，然后计算安培力是解题的正确思路．题目的难度中档．二、多项选择题（本大题共五个小题，每小题有2个或2个以上的正确选项，全部选对得4分，漏选得2分，选错或多选不得分．共20分）11．电源和一个水平放置的平行板电容器、三个电阻组成如图所示的电路．当开关S闭合后，电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态．现将开关S断开，则以下判断正确的是（）A．液滴仍保持静止状态B．液滴将向上运动C．电容器上的带电量将减为零D．电容器上的带电量将增大考点：闭合电路的欧姆定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．专题：恒定电流专题．分析：开关闭合时，电容器两板间的电压等于电阻R2两端的电压，小于电源的电动势，当开关断开时，电路稳定时，电容器板间电压等于电源的电动势，分析液滴的运动情况，根据电压的变化，分析电容器的电量变化．解答：解：开关闭合时，电容器两板间的电压等于电阻R2两端的电压，小于电源的电动势．当开关断开时，电路稳定时，电路中没有电流，电容器板间电压等于电源的电动势，则知电容器板间电压增大，板间场强增大，液滴所受电场力增大，则液滴将向上运动．由于电容器的电压增大，由公式Q=CU可知，电容器上的带电量将增大．故选BD点评：本题是电容器动态变化分析问题，关键确定电容器板间电压的变化．当电路稳定时，电容器的电压等于所并联的电路两端电压．12．如图，处于真空中的匀强电场与水平方向成15°角，AB直线与匀强电场E互相垂直．在A点以大小为v0的初速度水平抛出一质量为m，带电量为+q的小球，经时间t，小球下落一段距离过C点（图中未画出）时速度仍为v0，在小球由A点运动到C点的过程中，下列说法中不正确的是（）A．电场力对小球做功为零B．小球的电势能增加C．小球的机械能减少量为mg2t2D．C可能位于AB直线的左侧考点：动能定理的应用；电势能．专题：动能定理的应用专题．分析：对小球受力分析，受重力和电场力，对小球的从抛出到C点的运动过程运用动能定理列式分析得到电场力做功情况，根据电场力做功与电势能变化关系得到电势能的变化情况，根据重力做功与重力势能的变化关系得到重力势能的变化情况．解答：解：A、重力做正功，小球动能不变，由动能定理可知，电场力做负功，故A错误；。

内蒙古北重三中2016_2017学年高二物理下学期期末考试试题201807170272

北重三中2016—2017学年度第二学期高二年级期末考试物理试题考试时间：2017年7月满分：150分考试时长：120分钟第一部分一选择题：本题共10小题，每题5分，共50分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1 一物体以初速度v0做匀减速运动，第1s内通过的位移为x1=3m，第2s内通过的位移为x2=2m，又经过位移x3物体的速度减小为0，则下列说法中不正确的是（）A．初速度v0的大小为2.5m/sB．加速度a的大小为1m/s2C．位移x3的大小为1.125mD．位移x3内的平均速度大小为0.75m/s2 如图，墙上有两个钉子a和b，它们的连线与水平方向的夹角为45°，两者的高度差为l．一条不可伸长的轻质细绳一端固定于a点，另一端跨过光滑钉子b悬挂一质量为m 1的重物．在l绳子距a端2的c点有一固定绳圈．若绳圈上悬挂质量为m2的钩码，平衡后好水平，则重物和钩码的质量比为（）A．B．2 C．D．3如图所示，质量为m的小球置于倾角为30°的光滑斜面上，劲度系数为k的轻弹簧一端系在小球上，另一端固定在墙上P点，小球静止时，弹簧与竖直方向的夹角为30°，则弹簧的伸长量为( )A B.C. D.4 如图所示，电路中所有元件完好，光照射到光电管上，灵敏电流计中没有电流通过。

其原因可能是①入射光太弱②入射光波长太长③光照时间太短④电源正负极接反A ①②B ③④C ①③D ②④5 如图所示，重为G的光滑球在倾角为θ的斜面和竖直光滑墙壁之间处于静止状态。

若将斜面换成材料和质量相同，但倾角θ稍小一些的斜面，以下判断正确的（）A．球对斜面的压力变大B．墙面受到压力变小C．地面受到的压力变小D．斜面可能向左滑动6 如图为氢原子能级的示意图，现有大量的氢原子处于n=4的激发态，当向低能级跃迁时辐射出若干不同频率的光．关于这些光下列说法正确的是（）A．最容易表现出衍射现象的光是由n=4能级跃迁到n=1能级产生的B．频率最小的光是由n=2能级跃迁到n=1能级产生的C．这些氢原子总共可辐射出3种不同频率的光D．用n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光照射逸出功为6.34eV的金属铂能发生光电效应7 如图，两个物体1和2在光滑水平面上以相同动能相向运动，它们的质量分别为m1和m2，且m1< m2。

内蒙古包头市青山区北重三中高二物理上学期期末试卷理(含解析)-人教版高二全册物理试题

内蒙古包头市青山区北重三中2014-2015学年高二上学期期末物理试卷〔理科〕一、选择题〔共15小题，每一小题4分，总分为60分〕1．真空中，A、B两点与点电荷Q的距离分别为r和3r，如此A、B两点的电场强度大小之比为〔〕A．3：1 B．1：3 C．9：1 D．1：92．某电场的电场线分布如下列图，如下说法正确的答案是〔〕A．a点的电势高于b点的电势B．c点的电场强度大于d点的电场强度C．假设将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做负功D．假设将一负试探电荷由c点移到d点，电势能增加3．关于磁感线和磁通量的概念，如下说法中正确的答案是〔〕A．磁感线是磁场中客观存在、肉眼看不见的曲线，且总是从磁体的N极指向S极B．两个磁场叠加的区域，磁感线就有可能相交C．穿过闭合回路的磁通量发生变化，一定是磁场发生变化引起的D．穿过线圈的磁通量为零，但该处的磁感应强度不一定为零4．一个矩形线圈在匀强磁场中转动产生的交流电动势为e=220sin100πt 〔V〕．关于这个交变电流，如下说法中正确的答案是〔〕A．交变电流的频率为100HzB．电动势的有效值为220VC．t=0时，穿过线圈的磁通量为零D．t=0时，线圈平面与中性面垂直5．电阻R、电容C与一线圈连成闭合回路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N极朝下，如下列图．现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是〔〕A．从a到b，上极板带正电B．从a到b，下极板带正电C．从b到a，上极板带正电D．从b到a，下极板带正电6．电荷q均匀分布在半球面AB上，球面半径为R，CD为通过半球顶点与球心O的轴线，如下列图，M是位于CD轴线上球面外侧，且OM=ON=L=2R．M点的场强为E，如此N点的场强为〔〕A．E B．C．D．7．如下列图，两平行的虚线间的区域内存在着有界匀强磁场，有一较小的三角形线框abc 的ab边与磁场边界平行，现使此线框向右匀速穿过磁场区域，运动过程中始终保持速度方向与ab边垂直．如此如下各图中哪一个可以定性地表示线框在进入磁场的过程中感应电流随时间变化的规律〔〕A．B．C．D．8．如下列图，T为理想变压器，副线圈回路中的输电线ab和cd的电阻不可忽略，其余输电线电阻可不计，如此当开关S闭合时〔〕A．交流电压表V3的示数变小B．交流电压表V2和V3的示数一定都变小C．交流电流表A1、A2和A3的示数一定变大D．只有A1的示数变大9．如下列图，表示一交变电流随时间变化的图象，此交流电的有效值是〔〕A．5 A B．5A C．3.5 A D．3.5A10．在如下列图电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P 向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I．U1．U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用△I．△U1．△U2和△U3表示．如下比值正确的答案是〔〕A．U1：I不变，△U1：△I不变B．U2：I变大，△U2：△I变大C．U2：I变大，△U2：△I不变D．U3：I变大，△U3：△I不变11．1932年，美国的物理学家劳伦斯设计出了盘旋加速器．盘旋加速器的工作原理如下列图，置于高真空中的两D形金属盒半径为R，两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可以忽略不计．磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直．A处粒子源产生的质量为m、电荷量为+q粒子在加速器中被加速，其加速电压恒为U．带电粒子在加速过程中不考虑相对论效应和重力的作用．如此〔〕A．带电粒子在加速器中第1次和第2次做曲线运动的时间分别为t1和t2，如此t1：t2=1：2B．带电粒子第1次和第2次经过两D形盒间狭缝后轨道半径之比r1：r2=：2C．两D形盒狭缝间的交变电场的周期T=D．带电粒子离开盘旋加速器时获得的动能为12．如下列图，一电量为q的带电粒子在竖直向上的匀强电场E和垂直纸面向里的匀强磁场B正交的空间区域做竖直平面内的匀速圆周运动，重力加速度为g，如此如下说法正确的答案是〔〕A．粒子带负电B．粒子沿逆时针方向做匀速圆周运动C．粒子的质量为D．粒子从圆轨道的最高点运动到最低点的时间为13．如下列图，L1、L2、L3是完全一样的灯泡，L为直流电阻可忽略的自感线圈，电源内阻不计，开关S原来接通，现将开关S断开，如此〔〕A．L1点亮，L2变暗，最终两灯一样亮B．L2闪亮一下后恢复到原来的亮度C．L3变暗一下后恢复到原来的亮度D．L3闪亮一下后恢复到原来的亮度14．如图甲所示，两平行金属板竖直放置，左极板接地，中间有小孔，右极板电势随时间变化的规律如图乙所示，电子原来静止在左极板小孔处，不计电子的重力，如下说法正确的答案是〔〕A．从t=0时刻释放电子，电子始终向右运动，直到打到右极板上B．从t=0时刻释放电子，电子可能在两板间振动C．从t=时刻释放电子，电子可能在两板间振动，也可能打到右极板上D．从t=时刻释放电子，电子必然打到左极板上15．图甲中的变压器为理想变压器，原线圈匝数n1与副线圈匝数n2之比为10：1，变压器的原线圈接如图乙所示的正弦式交流电，三个阻值均为20Ω的电阻R1、R2、R3和电容器C构成的电路与副线圈相接，其中，电容器的击穿电压为8V，电压表V为理想交流电表，开关S处于断开状态，如此〔〕A．电压表V的读数约为7.07 VB．电流表A的读数为0.05 AC．电阻R2上消耗的功率为2.5 wD．假设闭合开关S，电容器会被击穿二、实验题〔18分〕16．如下列图金属丝直径的测量值为d=mm．17．用多用电表粗测某一电阻．将选择开关调到欧姆挡“×10〞档位，测量时发现指针向右偏转角度太大，这时他应该：a．将选择开关换成欧姆挡的“〞档位〔选填“×100〞或“×1〞〕b．调零后再次测量电阻丝的阻值，其表盘与指针所指位置如下列图，如此此段金属丝的电阻约为Ω．18．实验室购置了一捆标称长度为100m的铜导线，某同学想通过实验测定其实际长度．该同学首先测得导线横截面积为1.0mm2，查得铜的电阻率为1.7×10﹣8Ω•m，再利用图甲所示电路测出铜导线的电阻R x，从而确定导线的实际长度．可供使用的器材有：电流表：量程0.6A，内阻约0.2Ω；电压表：量程3V，内阻约9kΩ；滑动变阻器R1：最大阻值5Ω；滑动变阻器R2：最大阻值20Ω；定值电阻：R0=3Ω；电源：电动势6V，内阻可不计；开关、导线假设干．回答如下问题：〔1〕实验中滑动变阻器应选〔填“R1〞或“R2〞〕，闭合开关S前应将滑片移至端〔填“a〞或“b〞〕．〔2〕在实物图中，已正确连接了局部导线，请根据图甲电路完成剩余局部的连接．〔3〕调节滑动变阻器，当电流表的读数为0.50A时，电压表示数如图乙所示，读数为V．〔4〕导线实际长度为m〔保存2位有效数字〕．三、计算题〔此题共4小题，共72分，解答应写明必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位〕19．一个正方形导线圈边长a=0.2m，共有N=100匝，其总电阻r=4Ω，线圈与阻值R=16Ω的外电阻连成闭合回路，线圈所在区域存在着匀强磁场，磁场方向垂直线圈所在平面，如图甲所示，磁场的大小随时间变化如图乙所示，求：〔1〕线圈中产生的感应电动势大小．〔2〕通过电阻R的电流大小．20．如图，发电机输出功率为100kW，输出电压为U1=250V，在输电线路中设置的升、降变压器原、副线圈的匝数比分别为1：20和240：11．两变压器之间输电线的总电阻为R=10Ω，其它电线的电阻不计．试求：〔变压器是理想的〕〔1〕发电机输出电流和输电线上的电流大小．〔2〕用户需要的电压和输电线中因发热而损失的功率为多少？21．〔21分〕在竖直平面内，以虚线为界分布着如下列图的匀强电场和匀强磁场，其中匀强电场的方向竖直向下，大小为E；匀强磁场的方向垂直纸面向里，磁感应强度大小为B．虚线与水平线之间的夹角为θ=45°，一个带负电荷的粒子在O点以速度v0水平射入匀强磁场，带电粒子所带的电荷量为q，质量为m〔重力忽略不计，电场、磁场区域足够大〕．求：〔1〕带电粒子第1次通过虚线时距O点的距离；〔2〕带电粒子从O点开始到第3次通过虚线时所经历的时间；〔3〕带电粒子第4次通过虚线时距O点的距离．22．〔21分〕相距L=1.5m的足够长金属导轨竖直放置，质量为m1=1kg的金属棒ab和质量为m2=0.27kg的金属棒cd均通过棒两端的套环水平地套在金属导轨上，如图〔a〕所示，虚线上方磁场方向垂直纸面向里，虚线下方磁场方向竖直向下，两处磁场磁感应强度大小一样．ab 棒光滑，cd棒与导轨间动摩擦因数为μ=0.75，两棒总电阻为1.8Ω，导轨电阻不计．ab 棒在方向竖直向上，大小按图〔b〕所示规律变化的外力F作用下，从静止开始，沿导轨匀加速运动，同时cd棒也由静止释放．〔1〕求出磁感应强度B的大小和ab棒加速度大小；〔2〕在2s内外力F做功40J，求这一过程中两金属棒产生的总焦耳热；〔3〕判断cd棒将做怎样的运动，求出cd棒达到最大速度所需的时间t0，并在图〔c〕中定性画出cd棒所受摩擦力f cd随时间变化的图象．内蒙古包头市青山区北重三中2014-2015学年高二上学期期末物理试卷〔理科〕一、选择题〔共15小题，每一小题4分，总分为60分〕1．真空中，A、B两点与点电荷Q的距离分别为r和3r，如此A、B两点的电场强度大小之比为〔〕A．3：1 B．1：3 C．9：1 D．1：9考点：点电荷的场强．专题：电场力与电势的性质专题．分析：直接根据库伦定律公式计算出试探电荷q所受电场力，然后利用电场强度的定义式即可求出在M所在处的场强的大小．解答：解：引入一个试探电荷q，分别计算它在AB两点受的电场力．，，得：F1=9F2根据电场强度的定义式：，得：应当选：C点评：此题很简单直接考查了库伦定律和电场强度定义式的应用，对于这些公式一定要明确其适用条件和公式中各个物理量的含义．2．某电场的电场线分布如下列图，如下说法正确的答案是〔〕A．a点的电势高于b点的电势B．c点的电场强度大于d点的电场强度C．假设将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做负功D．假设将一负试探电荷由c点移到d点，电势能增加考点：电场线；电场强度；电势；电势能．分析：要正确在电场中通过电场线来判断电场强度、电势、电势能大小变化，理解这些概念之间的关系．解答：解：A、做出通过b点的等势线，等势线与过a点的电场线相交，根据沿电场线电势降低可知：a点的电势低于b点的电势，故A错误；B、从电场线的分布情况可知，d处的电场线比c处的密，所以c点的电场强度小于d点的电场强度，故B错误；C、正电荷所受电场力和电场线方向一样，因此正试探电荷由a点移到b点时电场力做负功，故C正确；D、当负试探电荷由c点移到d点时电场力做正功，电势能减小，故D错误．应当选C．点评：电场强度、电势、电势能、电场力做功等概念是本章的重点和难点，要弄清它们之间的区别和联系，并能在实际电场中或者电荷运动过程中弄清它们的变化．3．关于磁感线和磁通量的概念，如下说法中正确的答案是〔〕A．磁感线是磁场中客观存在、肉眼看不见的曲线，且总是从磁体的N极指向S极B．两个磁场叠加的区域，磁感线就有可能相交C．穿过闭合回路的磁通量发生变化，一定是磁场发生变化引起的D．穿过线圈的磁通量为零，但该处的磁感应强度不一定为零考点：磁通量；磁感应强度．分析：1、磁感线是假象的，并不是客观存在的，任何两条磁感线都不相交．2、磁通量可形象描述垂直穿过线圈的条数，具体是φ=BS〔B⊥S〕．对于同种大小的圆环，磁感线越密如此磁通量越大．对于同种的磁场，圆环的面积越大如此磁通量越大．解答：解：A、磁感线是假象的，并不是客观存在的．故A错误．B、任何两条磁感线都不相交，故B错误．C、根据磁通量的定义Φ=BS，磁通量的变化可能是由于磁场变化引起的，也可能是闭合回路的面积S变化产生的．故C错误．D、根据磁通量的定义Φ=BS，当线圈平行于磁场时，穿过的磁通量为零，但磁感应强度不为零，故D正确．应当选：D．点评：线圈所在的磁感线不全是一样的方向，所以存在抵消的现象．因此面积越大，抵消的条数越多，如此磁通量越小．同时线圈匝数变化，并没有导致磁通量的变化．4．一个矩形线圈在匀强磁场中转动产生的交流电动势为e=220sin100πt 〔V〕．关于这个交变电流，如下说法中正确的答案是〔〕A．交变电流的频率为100HzB．电动势的有效值为220VC．t=0时，穿过线圈的磁通量为零D．t=0时，线圈平面与中性面垂直考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：此题考查了交流电的描述，根据交流电的表达式，可知知道其最大值，以与线圈转动的角速度等物理量，然后进一步求出其它物理量，如有效值、周期、频率等．解答：解：A、线圈的转速为100πrad/s，故其频率为：f==50Hz，故A错误B由e=220sin 100πt可知该交流电的电动势最大值为220V，即311V，有效值为220V，故B正确；C、由e=220sin 100πt可知，当t=0时e=0，此时线圈处在中性面上，穿过线圈的磁通量最大，故CD错误．应当选：B．点评：对于交流电的产生和描述要正确理解，要会推导交流电的表达式，明确交流电表达式中各个物理量的含义．5．电阻R、电容C与一线圈连成闭合回路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N极朝下，如下列图．现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是〔〕A．从a到b，上极板带正电B．从a到b，下极板带正电C．从b到a，上极板带正电D．从b到a，下极板带正电考点：法拉第电磁感应定律；电容；楞次定律．专题：压轴题；电磁感应与电路结合．分析：现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，导致线圈的磁通量发生变化，从而产生感应电动势，线圈中出现感应电流，由楞次定律可判定电流的方向．当线圈中有电动势后，对电阻来说通电后发热，对电容器来说要不断充电直至稳定．解答：解：当磁铁N极向下运动时，导致向下穿过线圈的磁通量变大，由楞次定律可得，感应磁场方向与原来磁场方向相反，再由安培定如此可得感应电流方向沿线圈盘旋而下，由于线圈相当于电源，如此流过R的电流方向是从b到a，对电容器充电下极板带正电．应当选：D．点评：此时线圈相当于电源，如此外电路的电流方向是从正极到负极，而内电路如此是从负极到正极．同时电容器在充电时电压随着电量增加而增大．6．电荷q均匀分布在半球面AB上，球面半径为R，CD为通过半球顶点与球心O的轴线，如下列图，M是位于CD轴线上球面外侧，且OM=ON=L=2R．M点的场强为E，如此N点的场强为〔〕A．E B．C．D．考点：电场的叠加；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：利用等效法这样分析．均匀带电半球相当于一个均匀带正电的求和半个均匀带负电的球，这个半球放在图的另一边．解答：解：利用等效法这样分析．均匀带电半球相当于一个均匀带正电的球和半个均匀带负电的球，这个半球放在图的另一边．M点的场强E=K+E′，E′=E﹣K为带负电的半球在M点产生的场强，所以，N点正电半球产生的电场强度相当于负电半球在M 点产生的电场强度，而与M点的环境比拟，唯一的区别是电荷符号相反，从而电场大小一样，方向相反，故N点电场强度为﹣E′=K﹣E，D正确．应当选D点评：此题比拟巧妙的考查了电场的叠加，难度较大．7．如下列图，两平行的虚线间的区域内存在着有界匀强磁场，有一较小的三角形线框abc 的ab边与磁场边界平行，现使此线框向右匀速穿过磁场区域，运动过程中始终保持速度方向与ab边垂直．如此如下各图中哪一个可以定性地表示线框在进入磁场的过程中感应电流随时间变化的规律〔〕A．B．C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：首先根据右手定如此判断边cb刚进入磁场时回路中感应电流方向，排除局部答案，然后根据进入磁场中有效切割长度的变化，求出感应电流的变化，从而得出正确结果．解答：解：开始时进入磁场切割磁感线，根据右手定如此可知，电流方向为逆时针，当开始出磁场时，回路中磁通量减小，产生的感应电流为顺时针；不论进入磁场，还是出磁场时，由于切割的有效长度变小，导致产生感应电流大小变小，故ABC错误，D正确；应当选D．点评：对于图象问题可以通过排除法进展求解，如根据图象过不过原点、电流正负、大小变化等进展排除．8．如下列图，T为理想变压器，副线圈回路中的输电线ab和cd的电阻不可忽略，其余输电线电阻可不计，如此当开关S闭合时〔〕A．交流电压表V3的示数变小B．交流电压表V2和V3的示数一定都变小C．交流电流表A1、A2和A3的示数一定变大D．只有A1的示数变大考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可．解答：解：A、当S闭合时，两个电阻并联，电路的总电阻减小，由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压不变，副线圈的电流变大，副线圈回路中的输电线ab和cd的电阻不可忽略，所以输电线ab和cd上的电压变大，V2的示数不变，交流电压表V3的示数变小，故A正确，B错误C、副线圈的电流变大，A2和A1的示数变大，A3的示数减小，故C错误D、A2和A1的示数变大，故D错误应当选A．点评：此题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以与变压器变压原理、功率等问题彻底理解．9．如下列图，表示一交变电流随时间变化的图象，此交流电的有效值是〔〕A．5 A B．5A C．3.5 A D．3.5A考点：交流的峰值、有效值以与它们的关系．专题：交流电专题．分析：根据有效值的定义求解．取一个周期时间，将交流与直流分别通过一样的电阻，假设产生的热量一样，直流的电流值，即为此交流的有效值．解答：解：将交流与直流通过阻值都为R的电阻，设直流电流为I，如此根据有效值的定义有：〔4〕2R•+〔3〕2R•=I2RT解得：I=5A；应当选：B．点评：对于非正弦式电流可根据有效值的定义求解有效值．常见题型，要熟练掌握．10．在如下列图电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P 向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I．U1．U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用△I．△U1．△U2和△U3表示．如下比值正确的答案是〔〕A．U1：I不变，△U1：△I不变B．U2：I变大，△U2：△I变大C．U2：I变大，△U2：△I不变D．U3：I变大，△U3：△I不变考点：闭合电路的欧姆定律；欧姆定律．分析：由电路图可知R1与R2串联，V1测量R1两端的电压，V2测量R2两端的电压，V3测量路端电压，由欧姆定律可得出电压与电流的变化；由闭合电路的欧姆定律可分析得出电压的变化值与电流变化值的比值．解答：解：因R1不变，如此由欧姆定律可得，=R1保持不变；由数学规律可知，也保持不变，故A正确；因滑片向下移动，故R2的接入电阻增大，故变大；而==R1+r，故保持不变，故B错误，C正确；因=R1+R2，故比值增大；而==r，故比值保持不变，故D正确；应当选ACD．点评：此题难点在于U2和U3电压的变化量与电流变化量的比值的分析判断，不能再简单地根据A直接得出B答案也正确，当电阻变化时，其电压与电流变化量的比值不再保持不变，应通过闭合电路的欧姆定律分析得出其电压变化值的表达式，再进展分析．11．1932年，美国的物理学家劳伦斯设计出了盘旋加速器．盘旋加速器的工作原理如下列图，置于高真空中的两D形金属盒半径为R，两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可以忽略不计．磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直．A处粒子源产生的质量为m、电荷量为+q粒子在加速器中被加速，其加速电压恒为U．带电粒子在加速过程中不考虑相对论效应和重力的作用．如此〔〕A．带电粒子在加速器中第1次和第2次做曲线运动的时间分别为t1和t2，如此t1：t2=1：2B．带电粒子第1次和第2次经过两D形盒间狭缝后轨道半径之比r1：r2=：2C．两D形盒狭缝间的交变电场的周期T=D．带电粒子离开盘旋加速器时获得的动能为考点：质谱仪和盘旋加速器的工作原理．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：盘旋加速器利用电场加速和磁场偏转来加速粒子，带电粒子在磁场中运动的周期与带电粒子的速度无关．根据洛伦兹力提供向心力得出轨道半径的公式，从而根据速度的关系得出轨道半径的关系．粒子离开盘旋加速度时的轨道半径等于D形盒的半径，根据半径公式求出离开时的速度大小，从而得出动能．解答：解：A、带电粒子在磁场中运动的周期与电场变化的周期相等，根据，如此v=，周期T=，与粒子的速度无关，t1：t2=1：1．交变电场的周期也为．故A错误，C正确．B、根据v2=2ax得，带电粒子第一次和和第二次经过加速后的速度比为，根据知，带电粒子第1次和第2次经过两D形盒间狭缝后轨道半径之比r1：r2=：2．故B正确．D、根据，知v=，如此带电粒子离开盘旋加速器时获得动能为．故D正确．应当选BCD．点评：解决此题的关键知道盘旋加速器加速粒子的原理，知道带电粒子在磁场中运动的周期与交变电场的周期一样，以与掌握带电粒子在磁场中运动的轨道半径公式和周期公式．12．如下列图，一电量为q的带电粒子在竖直向上的匀强电场E和垂直纸面向里的匀强磁场B正交的空间区域做竖直平面内的匀速圆周运动，重力加速度为g，如此如下说法正确的答案是〔〕A．粒子带负电B．粒子沿逆时针方向做匀速圆周运动C．粒子的质量为D．粒子从圆轨道的最高点运动到最低点的时间为考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：粒子能做匀速圆周运动如此说明电场力和重力任意位置做功为零，如此电场力和重力大小相等，方向相反．据此分析各选项．解答：解：A、粒子受电场力向上，E向上，如此带正电．故A错误B、洛仑兹力提供向心力，受力方向指抽圆心，由左手定如此知粒子沿逆时针方向做匀速圆周运动．故A正确C、因电场力等于重力，因mg=Eq，如此粒子的质量为．故C正确D、因T=又 mg=qE 如此T=．粒子从圆轨道的最高点运动到最低点的时间为．故D正确应当选：BCD点评：考查带电粒子的运动规律，明确粒子能做匀速圆周运动的条件．13．如下列图，L1、L2、L3是完全一样的灯泡，L为直流电阻可忽略的自感线圈，电源内阻不计，开关S原来接通，现将开关S断开，如此〔〕A．L1点亮，L2变暗，最终两灯一样亮B．L2闪亮一下后恢复到原来的亮度C．L3变暗一下后恢复到原来的亮度D．L3闪亮一下后恢复到原来的亮度考点：自感现象和自感系数．分析：线圈在接通瞬间阻碍电流增大，在断开瞬间产生一感应电动势相当于电源，阻碍电流减小．解答：解：开关接通时L1被短路不亮断开瞬间由于线圈自感产生一电动势〔相当于电源〕与原来的电源串联，所以L3更亮而后恢复原来亮度，故C错误D正确；L2和L1串联后变得更暗，最终两灯一样亮，而L1由不亮到亮，故A正确，B错误．应当选：AD点评：做本类题目要注意：线圈与哪种电器相配，是电容还是电阻，再结合线圈特点分析．14．如图甲所示，两平行金属板竖直放置，左极板接地，中间有小孔，右极板电势随时间变化的规律如图乙所示，电子原来静止在左极板小孔处，不计电子的重力，如下说法正确的答案是〔〕A．从t=0时刻释放电子，电子始终向右运动，直到打到右极板上。

内蒙古包头市青山区北重三中2014-2015学年高二上学期期末试卷物理试题及答案(文科)

内蒙古包头市青山区北重三中2014-2015学年高二上学期期末物理试卷（文科）一、选择题（共11小题，每小题4分，满分44分）1．如图所示，一个小球绕圆心O做匀速圆周运动，已知圆周半径为r，该小球运动的角速度为ω，则它运动线速度的大小为（）A．B．ωr C．ω2r D．ωr22．以下有关物理学概念或物理学史说法正确的有（）A．行星绕恒星运动轨迹为圆形，则它运动的周期平方与轨道半径的三次方之比k为常数，此常数的大小与恒星的质量和行星的速度有关B．匀速圆周运动是速度大小不变的匀变速曲线运动，速度方向始终为运动轨迹该点的切线方向C．牛顿发现的万有引力定律，卡文迪许用实验方法测出万有引力恒量的数值，从而使万有引力定律有了真正的实用价值D．奥斯特发现了电与磁间的关系，即电流的周围存在着磁场；同时他通过实验发现了磁也能产生电，即电磁感应现象3．物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，下列表述错误的是（）A．牛顿发现了万有引力定律B．开普勒发现了行星运动的规律C．爱因斯坦发现了相对论D．亚里士多德建立了狭义相对论，把物理学推进到高速领域4．通过实验比较准确地测出引力常量G的科学家是（）A．牛顿B．伽利略C．胡克D．卡文迪许5．如图所示，一圆筒绕其中心轴匀速转动，圆筒内壁上紧靠着一个物体与圆筒一起运动，相对筒无滑动，物体所受向心力是（）A．物体的重力B．筒壁对物体的弹力C．筒壁对物体的静摩擦力D．物体所受重力与弹力的合力6．物体做平抛运动时，保持恒定不变的物理量是（）A．速度B．重力势能C．动能D．机械能7．做匀速圆周运动的物体，保持不变的量是（）A．速度B．加速度C．合外力D．动能8．下列关于重力势能的说法中正确的是（）A．重力势能的大小只由重物本身决定B．重力势能恒大于零C．当物体放在地面上，它具有的重力势能一定为零D．重力势能是相对于零势能面而言的，因此重力势能具有相对性9．起重机在5s内将一个重2×104N的集装箱匀速提高2m，在这个过程中起重机的拉力做了多少J的功，它的功率为多少W（）A．105 4×104B．4×104 105C．4×104 0.8×104D．104 10510．质量为m的小球，从离桌面H高处由静止落下，桌面离地面的高度为h，如图所示，若以桌面作为零势能面，那么当小球落地时的机械能为（）A．m g（H﹣h）B．m gh C．m g（H+h）D．mgH11．放在光滑水平面上的物体，仅在两个同向水平力的共同作用下开始运动，若这两个力分别做了6J和4J的功，则该物体的动能增加了（）A．24J B．14J C．10J D．2J二、填空题（共2题，三个空，每空4分）12．月球质量大约是地球质量的，若地球对月球的引力为F，则月球对地球的引力为：．13．一个质量为2千克的物体从离地45米处自由下落，整个下落过程中，重力的平均功率是．落地时重力瞬时功率为．（g=10m/s2）三、计算题（每题8分）14．如图所示，将一小球以10m/s的速度水平抛出，落地时的速度方向与水平方向的夹角恰为45°，不计空气阻力，求：（1）小球抛出点离地面的高度？（2）小球飞行的水平距离？（g取10m/s2）15．如图所示，斜面倾角为α，长为L，AB段光滑，BC段粗糙，且BC=2AB．质量为m 的木块从斜面顶端无初速下滑，到达C端时速度刚好减小到零．求物体和斜面BC段间的动摩擦因数μ．内蒙古包头市青山区北重三中2014-2015学年高二上学期期末物理试卷（文科）一、选择题（共11小题，每小题4分，满分44分）1．如图所示，一个小球绕圆心O做匀速圆周运动，已知圆周半径为r，该小球运动的角速度为ω，则它运动线速度的大小为（）A．B．ωr C．ω2r D．ωr2考点：线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：小球做匀速圆周运动，已知角速度和转动半径，根据v=ωr求解解答：解：小球做匀速圆周运动，转动的半径为r，角速度为ω，故速度为：v=ωr故选：B．点评：本题关键是明确小球的运动性质，然后结合速度与角速度的公式求解，记住公式即可2．以下有关物理学概念或物理学史说法正确的有（）A．行星绕恒星运动轨迹为圆形，则它运动的周期平方与轨道半径的三次方之比k为常数，此常数的大小与恒星的质量和行星的速度有关B．匀速圆周运动是速度大小不变的匀变速曲线运动，速度方向始终为运动轨迹该点的切线方向C．牛顿发现的万有引力定律，卡文迪许用实验方法测出万有引力恒量的数值，从而使万有引力定律有了真正的实用价值D．奥斯特发现了电与磁间的关系，即电流的周围存在着磁场；同时他通过实验发现了磁也能产生电，即电磁感应现象考点：物理学史．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、行星绕恒星运动轨道为椭圆，则它运动的周期平方与轨道半长轴的三次方之比=k为常数，此常数的大小与恒星的质量有关，与行星的速度无关，故A错误；B、匀速圆周运动是速度大小不变的变加速曲线运动，加速度方向时刻不改变，速度方向始终为运动轨迹该点的切线方向，故B错误；C、牛顿发现的万有引力定律，卡文迪许用实验方法测出万有引力恒量的数值，从而使万有引力定律有了真正的实用价值，故C正确；D、奥斯特发现了电与磁间的关系，即电流的周围存在着磁场；法拉第通过实验发现了磁能产生电，即电磁感应磁现象，故D错误；故选：C．点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．3．物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，下列表述错误的是（）A．牛顿发现了万有引力定律B．开普勒发现了行星运动的规律C．爱因斯坦发现了相对论D．亚里士多德建立了狭义相对论，把物理学推进到高速领域考点：物理学史．分析：牛顿发现了万有引力定律．卡文迪许通过实验测出了引力常量．开普勒发现了行星运动的规律．法拉第发现了电磁感应定律．解答：解：A、牛顿在总结前人的基础上发现了万有引力定律，故A正确；B、开普勒在总结第谷等人的研究的数据的基础上，发现了行星运动的规律，故B正确；C、爱因斯坦发现了相对论，故C正确；D、爱因斯坦建立了狭义相对论，把物理学推进到高速领域，故D错误．本题选择错误的，故选：D点评：对于物理学上重要的发现，要记清楚，不能张冠李戴，这也是考试的内容之一．4．通过实验比较准确地测出引力常量G的科学家是（）A．牛顿B．伽利略C．胡克D．卡文迪许考点：万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定．专题：万有引力定律的应用专题．分析：本题考查了物理学史，了解所涉及伟大科学家的重要成就，如高中所涉及到的牛顿、伽利略、开普勒、卡文迪许、库仑等重要科学家的成就要明确．解答：解：牛顿在推出万有引力定律的同时，并没能得出引力常量G的具体值，G的数值于1789年由卡文迪许利用他所发明的扭秤得出，故ABC错误，D正确．故选：D．点评：本题考查了学生对物理学史的掌握情况，对于物理学史部分也是2015届高考的热点，平时训练不可忽略．5．如图所示，一圆筒绕其中心轴匀速转动，圆筒内壁上紧靠着一个物体与圆筒一起运动，相对筒无滑动，物体所受向心力是（）A．物体的重力B．筒壁对物体的弹力C．筒壁对物体的静摩擦力D．物体所受重力与弹力的合力考点：向心力；牛顿第二定律．分析：做匀速圆周运动的物体合力等于向心力，向心力可以由重力、弹力、摩擦力中的任意一种力来提供，也可以由几种力的合力提供，还可以由某一种力的分力提供；本题中物体做匀速圆周运动，合力指向圆心，对物体受力分析，受重力、向上的静摩擦力、指向圆心的支持力，合力等于支持力，提供向心力．解答：解：物体做匀速圆周运动，合力指向圆心对物体受力分析，受重力、向上的静摩擦力、指向圆心的支持力，如图其中重力G与静摩擦力f平衡，支持力N提供向心力故选：B．点评：本题中要使静摩擦力与重力平衡，角速度要大于某一个临界值，即重力不能小于最大静摩擦力！6．物体做平抛运动时，保持恒定不变的物理量是（）A．速度B．重力势能C．动能D．机械能考点：机械能守恒定律；平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动的过程中只有重力做功，机械能守恒，速度的大小和方向都在变化，从而得知动能的变化，根据高度的变化可知重力势能在变化．解答：解：A、平抛运动的过程中，速度的大小和方向都在变化，则动能在变化．故A、C错误．B、平抛运动的过程中，重力做正功，则重力势能减小．故B错误．D、平抛运动的过程中，只有重力做功，机械能守恒．故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键知道机械能守恒的条件，即只有重力做功，以及知道平抛运动的特点，知道速度的大小和方向都在变化．7．做匀速圆周运动的物体，保持不变的量是（）A．速度B．加速度C．合外力D．动能考点：匀速圆周运动；线速度、角速度和周期、转速．分析：对于物理量的理解要明确是如何定义的决定因素有哪些，是标量还是矢量，如本题中明确描述匀速圆周运动的各个物理量特点是解本题的关键，尤其是注意标量和矢量的区别．解答：解：在描述匀速圆周运动的物理量中，线速度、向心加速度、向心力这几个物理量都是矢量，虽然其大小不变但是方向在变，因此这些物理量是变化的；动能是标量只与速度的大小有关，所以动能不变，所以D正确．故选D．点评：本题很简单，考察了描述匀速圆周运动的物理量的特点，但是学生容易出错，如误认为匀速圆周运动线速度不变．8．下列关于重力势能的说法中正确的是（）A．重力势能的大小只由重物本身决定B．重力势能恒大于零C．当物体放在地面上，它具有的重力势能一定为零D．重力势能是相对于零势能面而言的，因此重力势能具有相对性考点：重力势能．分析：重力势能的大小根据公式E p=mgh，进行分析解答．要知道h是物体相对于零势能面的高度，具有相对性．解答：解：A、由公式E p=mgh可知，重力势能是由重物的重力和重物相对于零势能面的高度共同决定的，故A错误．B、重力势能是相对的，当物体在参考平面的下方时重力势能为负，故B错误．C、重力势能具有相对性，若取地面为零势能面，物体放在地面上，它具有的重力势能为零，若不取地面为零势能面，它具有的重力势能不为零，故C错误．D、由E p=mgh可知，h是物体相对于零势能面的高度，则重力势能是相对于零势能面而言的，选取不同的零势能面，同一物体的重力势能一般不同，所以重力势能具有相对性．故D 正确．故选：D点评：解决本题的关键知道重力势能的大小与零势能的选取有关，具有相对性，但要注意重力势能的变化与零势能的选取无关．9．起重机在5s内将一个重2×104N的集装箱匀速提高2m，在这个过程中起重机的拉力做了多少J的功，它的功率为多少W（）A．105 4×104B．4×104 105C．4×104 0.8×104D．104 105考点：功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．分析：由于起重机是匀速提升集装箱，说明拉力等于集装箱的重力，在根据功的公式和功率的公式就可以求得结果．解答：解：起重机是匀速提升集装箱，说明拉力等于集装箱的重力，所以F=mg=2×104N，做的功为W=FS=2×104×2J=4×104J．功率为P==W=0.8×104W．故选C．点评：本题是对功的公式和功率公式的直接应用，比较简单，但要注意功率公式的选择．10．质量为m的小球，从离桌面H高处由静止落下，桌面离地面的高度为h，如图所示，若以桌面作为零势能面，那么当小球落地时的机械能为（）A．m g（H﹣h）B．m gh C．m g（H+h）D．mgH考点：机械能守恒定律；重力势能．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：小球落到地面瞬间重力势能为﹣mgh，但动能不知道，机械能不好直接确定．但最高点时速度为零，动能为零，机械能很快求出，根据小球下落过程中机械能守恒，落地时与刚下落时机械能相等，就能求出小球落到地面前的瞬间的机械能．解答：解：以桌面为参考平面，小球在最高点时机械能为：E=mgH小球下落过程中机械能守恒，则小球落到地面前瞬间的机械能为mgH．故ABC错误，D正确．故选：D．点评：本题如根据机械能的定义，不好直接求落地时小球的机械能．技巧在于选择研究最高点，此处动能为零，重力势能为mgH，机械能为mgH，运用机械能守恒，从而定出落地时的机械能，方法简单方便．11．放在光滑水平面上的物体，仅在两个同向水平力的共同作用下开始运动，若这两个力分别做了6J和4J的功，则该物体的动能增加了（）A．24J B．14J C．10J D．2J考点：动能定理．专题：动能定理的应用专题．分析：运用动能定理求解物体动能的增加量．解答：解：运用动能定理：△E=w合=6J+4J=10J所以该物体的动能增加了10J．故选：C．点评：注意功是标量，总功的求解运用代数和进行求解．二、填空题（共2题，三个空，每空4分）12．月球质量大约是地球质量的，若地球对月球的引力为F，则月球对地球的引力为：F．考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：月球对地球的引力和地球对月球的引力大小是一对作用力和反作用力，大小相等，方向相反．解答：解：万有引力为相互作用力，月球对地球的引力和地球对月球的引力大小相等，方向相反，所以月球对地球的引力为F．故答案为：F．点评：解决本题的关键知道作用力和反作用力大小相等，方向相反，基础题．13．一个质量为2千克的物体从离地45米处自由下落，整个下落过程中，重力的平均功率是300W．落地时重力瞬时功率为600W．（g=10m/s2）考点：功率、平均功率和瞬时功率；自由落体运动．专题：功率的计算专题．分析：根据平均功率的定义求平均功率，再根据P=FV求瞬时功率即可．解答：解：根据自由落体运动的位移时间关系有得物体下落时间=3s可得物体下落过程中重力的平均功率根据v=gt可得物体落地时的速度v=gt=10×3m/s=30m/s所以物体落地时的重力的瞬时功率P=mgv=2×10×30W=600W故答案为：300W，600W点评：掌握平均功率和瞬时功率的计算是正确解决本题的关键，不难属于基础题．三、计算题（每题8分）14．如图所示，将一小球以10m/s的速度水平抛出，落地时的速度方向与水平方向的夹角恰为45°，不计空气阻力，求：（1）小球抛出点离地面的高度？（2）小球飞行的水平距离？（g取10m/s2）考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，将落地点的速度进行分解，求出竖直方向上的分速度，根据速度速度时间公式求出运动时间，再根据平抛运动的基本规律求解．解答：解：（1）根据几何关系得：解得：v y=v0=10m/s平抛运动竖直方向做自由落体运动，则运动时间t=小球抛出点离地面的高度h=（2）平抛运动水平方向做匀速直线运动，x=v0t=10m答：（1）小球抛出点离地面的高度为5m；（2）小球飞行的水平距离为10m．点评：解决本题的关键掌握平抛运动水平方向和竖直方向上的运动规律，运用运动学公式进行求解．15．如图所示，斜面倾角为α，长为L，AB段光滑，BC段粗糙，且BC=2AB．质量为m 的木块从斜面顶端无初速下滑，到达C端时速度刚好减小到零．求物体和斜面BC段间的动摩擦因数μ．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；滑动摩擦力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对整体运用动能定理可得：重力做功与摩擦力做功之和为零，进而求出动摩擦因数μ．解答：解：对整体运用动能定理得：W合=△E Kmgh﹣μmgcosαs=0﹣0mgLsinα﹣μmgcosα=0解得：答：物体和斜面BC段间的动摩擦因数μ为．点评：本题主要考查了动能定理及滑动摩擦力功公式的直接应用，难度不大，属于基础题．。

内蒙古包头市北重三中2016-2017学年高二上学期期中考试物理(文)试题

北重三中2016—2017学年度第一学期高二年级期中考试物理文科试题考试时间：2016年11月4日满分：100分命题人：汪宏审题人：赵琲琲一、选择题（每小题5分，共60分。

在每小题所给的四个选项中，只有一个选项符合题意，选对得5分，选错或不选得0分。

）1.关于万有引力定律和引力常量的发现，下列说法正确的是（）A.万有引力定律是开普勒发现的，而引力常量是由伽利略测定的B.万有引力定律是开普勒发现的，而引力常量是由卡文迪许测定的C.万有引力定律是由牛顿发现的，而引力常量是由胡克测定的D.万有引力定律是由牛顿发现的，而引力常量是由卡文迪许测定的2．关于质点做曲线运动的描述中，正确的是( )A．曲线运动一定是变速运动B．变速运动一定是曲线运动C．在平衡力的作用下，物体可以做曲线运动D．质点做曲线运动时所受的合力方向，与速度方向在同一直线上3．关于平抛运动，下列说法正确的是( )A．不论抛出位置多高，抛出速度越大的物体，其水平位移一定越大B．不论抛出位置多高，抛出速度越大的物体，其飞行时间一定越长C．不论抛出速度多大，抛出位置越高，其飞行时间一定越长D．不论抛出速度多大，抛出位置越高，其水平位移一定越大4.两个做圆周运动的质点，它们的角速度之比为3:1，线速度之比为2:3，那么下列说法正确的是（）A．它们的轨道半径之比为2 : 9 B．它们的轨道半径之比为1 : 2C．它们的周期之比为2 : 3 D．它们的向心加速度之比为1 : 25．关于向心力，下列说法中正确的是( )A．物体由于做圆周运动而产生一个向心力B．向心力不改变做匀速圆周运动物体速度的大小C．做匀速圆周运动的物体的向心力是个恒力D．做一般曲线运动的物体所受的合力即为向心力6．关于列车转弯处内外铁轨间的高度关系，下列说法中正确的是（）A．内外轨一样高，以防列车倾倒造成翻车事故B．因为列车转弯处有向内倾倒的可能，故一般使内轨高于外轨，以防列车倾倒C．外轨比内轨略高，这样可以使列车顺利转弯，减少车轮与铁轨的挤压D．以上说法都不对7．如图所示，为一在水平面内做匀速圆周运动的圆锥摆，关于摆球A的受力情况，下列说法中正确的是（）A．摆球A受重力、拉力和向心力的作用B．摆球A受拉力和向心力的作用C．摆球A受重力和向心力的作用D．摆球A受力的合力就是只改变速度的方向，不改变速度的大小8．洗衣机是现代家庭常见的电器设备。

2017-2018年内蒙古包头市青山区北重三中高二上学期数学期中试卷及参考答案(文科)

2017-2018学年内蒙古包头市青山区北重三中高二（上）期中数学试卷（文科）一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分．每个小题只有一个正确选项，请把正确选项用2B铅笔涂到答题卡上相应位置．）1．（5分）设命题p：∃x0∈R，x02+2x0+3＞0，则￢p为（）A．∀x∈R，x2+2x+3＞0 B．∃x∈R，x2+2x+3≤0C．∀x∈R，x2+2x+3≤0 D．∃x∈R，x2+2x+3=02．（5分）完成下列抽样调查，较为合理的抽样方法依次是（）①从30件产品中抽取3件进行检查．②某校高中三个年级共有2460人，其中高一890人、高二820人、高三810人，为了了解学生对数学的建议，拟抽取一个容量为300的样本；③某剧场有28排，每排有32个座位，在一次报告中恰好坐满了听众，报告结束后，为了了解听众意见，需要请28名听众进行座谈．A．①简单随机抽样，②系统抽样，③分层抽样B．①分层抽样，②系统抽样，③简单随机抽样C．①系统抽样，②简单随机抽样，③分层抽样D．①简单随机抽样，②分层抽样，③系统抽样3．（5分）原命题：“设a，b，c∈R，若a＞b，则ac2＞bc2”，在原命题以及它的逆命题、否命题、逆否命题中，真命题的个数为（）A．0 B．1 C．2 D．44．（5分）“x＜2”是“x2＜4”的（）A．必要不充分条件 B．充分不必要条件C．充分必要条件D．既不充分也不必要条件5．（5分）如图茎叶图记录了甲、乙两组各6名学生在一次数学测试中的成绩（单位：分），已知甲组数据的众数为124，乙组数据的平均数为甲组数据的中位数，则x，y的值分别为（）A．4，4 B．5，4 C．4，5 D．5，56．（5分）若同时掷两枚骰子，则向上的点数和是6的概率为（）A．B．C．D．7．（5分）已知m，n是两条不同直线，α，β，γ是三个不同平面，下列命题中正确的是（）A．若m⊥α，m⊥β，则α⊥βB．若α⊥γ，β⊥γ，则α∥βC．若m∥α，m∥β，则α∥βD．若m⊥α，n∥α，则m⊥n8．（5分）某厂家为了解销售轿车台数与广告宣传费之间的关系，得到如表统计数据表：根据数据表可得回归直线方程，其中，，据此模型预测广告费用为9万元时，销售轿车台数为（）A．17 B．18 C．19 D．209．（5分）某几何体的三视图如图所示，俯视图是半径为2的圆，则该几何体的体积为（）A．πB．8πC．πD．π10．（5分）程序框图如图所示，若输入值t∈（0，3），则输出值S的取值范围是（）A．（0，4） B．（0，4]C．[0，9]D．（0，3）11．（5分）如图所给的程序运行结果为S=41，那么判断框中应填入的关于k的条件是（）A．k≥6 B．k≥5 C．k＞6 D．k＞512．（5分）若三棱锥的三条侧棱两两垂直，且其长度分别为1，，，则此三棱锥的外接球的表面积为（）A．6πB．12πC．18πD．24π二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分．请把正确答案写到答题卡上相应位置．）13．（5分）设一个总体由编号为01，02，…，29，30的30个个体组成．利用下面的随机数表选取4个个体，选取方法是从随机数表第2行的第3列数字0开始由左到右依次选取两个数字，则选出来的第4个个体的编号为．14．（5分）如图所示的程序框图算法来自于《九章算术》，若输入a的值为24，b的值为16，则执行该程序框图的结果为．15．（5分）“微信抢红包”自2015年以来异常火爆，在某个微信群某次进行的抢红包活动中，若所发红包的总金额为10元，被随机分配为1元，2.5元，3元，3.5元，共4份，供甲、乙等4人抢，每人只能抢一次，则甲、乙二人抢到的金额之和不低于6元的概率是．16．（5分）关于不同的直线m，n与不同的平面α，β，γ，有下列六个命题：①若m⊥α，m∥β，则α⊥β；②若m∥n，n⊂α，则m∥α；③若m⊥α，n∥β，且α∥β，则m⊥n；④若m∥α，n⊥β，且α⊥β，则m∥n；⑤若m⊥α，n⊥β，且α⊥β，则m⊥n；⑥若m∥α，n∥β，且α∥β，则m∥n；其中正确命题的序号是．三、解答题（本大题共6小题，共70分．请将解答过程写到答题卡上相应位置．）17．（10分）袋中装有除颜色外形状大小完全相同的6个小球，其中有4个编号为1，2，3，4的红球，2个编号为A、B的黑球，现从中任取2个小球．（Ⅰ）求所取取2个小球都是红球的概率；（Ⅱ）求所取的2个小球颜色不相同的概率．18．（12分）如图，四棱锥P﹣ABCD的底面是正方形，侧棱PA⊥底面ABCD，E 是PA的中点．（Ⅰ）求证：PC∥平面BDE；（Ⅱ）证明：BD⊥CE．19．（12分）命题p方程：x2+mx+1=0有两个不等的实根，命题q：方程4x2+4（m+2）x+1=0无实根．若“p或q”为真命题，“p且q”为假命题，求m的取值范围．20．（12分）如图，四面体ABCD中，O、E、F分别是BD、BC、AD的中点，CA=CB=CD=BD=2，．（Ⅰ）求证：AO⊥平面BCD；（Ⅱ）求几何体E﹣CDF的体积．21．（12分）汽车厂生产A，B，C三类轿车，每类轿车均有舒适型和标准型两种型号，某月的产量如表（单位：辆）；按类用分层抽样的方法在这个月生产的轿车中抽取50辆，其中有A类轿车10辆．（Ⅰ）求z的值；（Ⅱ）用分层抽样的方法在C类轿车中抽取一个容量为5的样本，将该样本看成一个总体，从中任取2辆，求至少有1辆舒适型轿车的概率；（Ⅲ）用随机抽样的方法从B类舒适型轿车中抽取8辆，经检测它们的得分如下：9.4，8.6，9.2，9.6，8.7，9.3，9.0，8.2．把这8辆轿车的得分看成一个总体，从中任取一个数，求该数与样本平均数之差的绝对值不超过0.5的概率．22．（12分）从某企业生产的某种产品中抽取100件，测量这些产品的一项质量指标值，由测量结果得如下频数分布表：（1）作出这些数据的频率分布直方图；（2）估计这种产品质量指标值的平均数及方差（同一组中的数据用该组区间的中点值作代表）；（3）根据以上抽样调查数据，能否认为该企业生产的这种产品符合“质量指标值低于95的产品至多占全部产品25%”的规定？2017-2018学年内蒙古包头市青山区北重三中高二（上）期中数学试卷（文科）参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分．每个小题只有一个正确选项，请把正确选项用2B铅笔涂到答题卡上相应位置．）1．（5分）设命题p：∃x0∈R，x02+2x0+3＞0，则￢p为（）A．∀x∈R，x2+2x+3＞0 B．∃x∈R，x2+2x+3≤0C．∀x∈R，x2+2x+3≤0 D．∃x∈R，x2+2x+3=0【解答】解：因为特称命题的否定是全称命题，所以，命题p：∃x0∈R，x02+2x0+3＞0，则￢p为：∀x∈R，x2+2x+3≤0．故选：C．2．（5分）完成下列抽样调查，较为合理的抽样方法依次是（）①从30件产品中抽取3件进行检查．②某校高中三个年级共有2460人，其中高一890人、高二820人、高三810人，为了了解学生对数学的建议，拟抽取一个容量为300的样本；③某剧场有28排，每排有32个座位，在一次报告中恰好坐满了听众，报告结束后，为了了解听众意见，需要请28名听众进行座谈．A．①简单随机抽样，②系统抽样，③分层抽样B．①分层抽样，②系统抽样，③简单随机抽样C．①系统抽样，②简单随机抽样，③分层抽样D．①简单随机抽样，②分层抽样，③系统抽样【解答】解：①中，总体数量不多，适合用简单随机抽样；②中，某校高中三个年级共有2460人，其中高一890人、高二820人、高三810人，适合于分层抽样；③中，总体数量较多且编号有序，适合于系统抽样．故选：D．3．（5分）原命题：“设a，b，c∈R，若a＞b，则ac2＞bc2”，在原命题以及它的逆命题、否命题、逆否命题中，真命题的个数为（）A．0 B．1 C．2 D．4【解答】解：逆命题：设a，b，c∈R，若ac2＞bc2，则a＞b；∵由ac2＞bc2可得c2＞0，∴能得到a＞b，所以该命题为真命题；否命题：设a，b，c∈R，若a≤b，则ac2≤bc2；∵c2≥0，∴由a≤b可以得到ac2≤bc2，所以该命题为真命题；因为原命题和它的逆否命题具有相同的真假性，所以只需判断原命题的真假即可；∵c2=0时，ac2=bc2，所以由a＞b得到ac2≥bc2，所以原命题为假命题，即它的逆否命题为假命题；∴为真命题的有2个．故选：C．4．（5分）“x＜2”是“x2＜4”的（）A．必要不充分条件 B．充分不必要条件C．充分必要条件D．既不充分也不必要条件【解答】解：x2＜4⇔﹣2＜x＜2．“x＜2”是“x2＜4”的必要不充分条件．故选：A．5．（5分）如图茎叶图记录了甲、乙两组各6名学生在一次数学测试中的成绩（单位：分），已知甲组数据的众数为124，乙组数据的平均数为甲组数据的中位数，则x，y的值分别为（）A．4，4 B．5，4 C．4，5 D．5，5【解答】解：若甲组数据的众数为124，则x=4，甲的中位数是：124，故（114+118+122+120+y+127+138）=124，解得：y=5，故选：C．6．（5分）若同时掷两枚骰子，则向上的点数和是6的概率为（）A．B．C．D．【解答】解：同时掷两枚骰子，基本事件总数n=6×6=36，向上的点数和是6包含的基本事件有：（1，5），（5，1），（2，4），（4，2），（3，3），共有5个，∴向上的点数和是6的概率为p=．故选：C．7．（5分）已知m，n是两条不同直线，α，β，γ是三个不同平面，下列命题中正确的是（）A．若m⊥α，m⊥β，则α⊥βB．若α⊥γ，β⊥γ，则α∥βC．若m∥α，m∥β，则α∥βD．若m⊥α，n∥α，则m⊥n【解答】解：A．m⊥α，m⊥β，则α∥β，因此不正确；B．α⊥γ，β⊥γ，则α∥β或相交，因此不正确；C．m∥α，m∥β，则α∥β或相交，因此不正确；D．m⊥α，n∥α，则m⊥n，正确．故选：D．8．（5分）某厂家为了解销售轿车台数与广告宣传费之间的关系，得到如表统计数据表：根据数据表可得回归直线方程，其中，，据此模型预测广告费用为9万元时，销售轿车台数为（）A．17 B．18 C．19 D．20【解答】解：根据表中数据，计算=×（2+3+4+5+6）=4，=×（3+4+6+10+12）=7，且回归直线方程为=2.4x+，∴=7﹣2.4×4=﹣2.6，∴回归方程为=2.4x﹣2.6；当x=9时，=2.4×9﹣2.6=19，即据此模型预测广告费用为9万元时，销售轿车台数为19．故选：C．9．（5分）某几何体的三视图如图所示，俯视图是半径为2的圆，则该几何体的体积为（）A．πB．8πC．πD．π【解答】解：根据题意，该几何体的直观图是球的，球的半径R=2；该几何体的体积V=×πR3=8π；故选：B．10．（5分）程序框图如图所示，若输入值t∈（0，3），则输出值S的取值范围是（）A．（0，4） B．（0，4]C．[0，9]D．（0，3）【解答】解：由程序框图可知程序框图的功能是计算并输出S=的值，∴当t∈（0，1）时，0≤3t＜3；当t∈[1，3）时，4t﹣t2=4﹣（t﹣2）2∈[3，4]，∴综上得：0≤S≤4．故选：B．11．（5分）如图所给的程序运行结果为S=41，那么判断框中应填入的关于k的条件是（）A．k≥6 B．k≥5 C．k＞6 D．k＞5【解答】解答：解：由题意可知输出结果为S=41，第1次循环，S=11，k=9，第2次循环，S=20，k=8，第3次循环，S=28，k=7，第4次循环，S=35，k=6，第5次循环，S=41，k=5，此时S满足输出结果，退出循环，所以判断框中的条件为k≥6．故选：A．12．（5分）若三棱锥的三条侧棱两两垂直，且其长度分别为1，，，则此三棱锥的外接球的表面积为（）A．6πB．12πC．18πD．24π【解答】解：由题意，三棱锥的三条侧棱两两垂直，且其长度分别为1，，，看成是长方体的长宽高分别为1，，，∴长方体的外接球半径R==此三棱锥的外接球的表面积S=4πR2=6π．故选：A．二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分．请把正确答案写到答题卡上相应位置．）13．（5分）设一个总体由编号为01，02，…，29，30的30个个体组成．利用下面的随机数表选取4个个体，选取方法是从随机数表第2行的第3列数字0开始由左到右依次选取两个数字，则选出来的第4个个体的编号为28．【解答】解：用随机数表从第2行的第3列数字0开始，取的第一个个体的编号为04；第二个数为94＞30（舍去），∴取的第二个个体的编号为23；第三个数为49＞30（舍去），55＞30（舍去），80＞30（舍去）∴取的第三个个体的编号为20；第四个数36、35、48、69、97、都大于30（舍去），∴选出来的第4个个体的编号为28．故答案为：28．14．（5分）如图所示的程序框图算法来自于《九章算术》，若输入a的值为24，b的值为16，则执行该程序框图的结果为8．【解答】解：模拟程序的运行，可得a=24，b=16，满足条件a≠b，满足条件a＞b，a=24﹣16=8，满足条件a≠b，不满足条件a＞b，b=16﹣8=8，不满足条件a≠b，输出a的值为8．故答案为：8．15．（5分）“微信抢红包”自2015年以来异常火爆，在某个微信群某次进行的抢红包活动中，若所发红包的总金额为10元，被随机分配为1元，2.5元，3元，3.5元，共4份，供甲、乙等4人抢，每人只能抢一次，则甲、乙二人抢到的金额之和不低于6元的概率是．【解答】解：所发红包的总金额为10元，被随机分配为1元，2.5元，3元，3.5元，共4份，供甲、乙等4人抢，每人只能抢一次，基本事件总数n==6，其中金额之和不低于6有的可能情况有：（2.5，3.5），（3，3.5），共有2种，∴甲、乙二人抢到的金额之和不低于4元的概率p==．故答案为：．16．（5分）关于不同的直线m，n与不同的平面α，β，γ，有下列六个命题：①若m⊥α，m∥β，则α⊥β；②若m∥n，n⊂α，则m∥α；③若m⊥α，n∥β，且α∥β，则m⊥n；④若m∥α，n⊥β，且α⊥β，则m∥n；⑤若m⊥α，n⊥β，且α⊥β，则m⊥n；⑥若m∥α，n∥β，且α∥β，则m∥n；其中正确命题的序号是①③⑤．【解答】解：对于①，若m⊥α，m∥β，则由平面与平面垂直的判定定理得α⊥β，故①正确；对于②，若m∥n，n⊂α，则m与α平行或m⊂α，故②错误；对于③，∵m⊥α，且α∥β，∴m⊥β，又n∥β，∴m⊥n成立，∴③正确；对于④，∵n⊥β且α⊥β，∴n∥α或n⊂α，又m∥α，∴m∥n不一定成立，∴④错误；对于⑤，∵m⊥α且α⊥β，∴m∥β或a⊂β，又n⊥β，∴m⊥n成立，即⑤正确．对于⑥，m∥α，n∥β，且α∥β，则m、n可能平行、相交、异面，故⑥错；故答案为：①③⑤三、解答题（本大题共6小题，共70分．请将解答过程写到答题卡上相应位置．）17．（10分）袋中装有除颜色外形状大小完全相同的6个小球，其中有4个编号为1，2，3，4的红球，2个编号为A、B的黑球，现从中任取2个小球．（Ⅰ）求所取取2个小球都是红球的概率；（Ⅱ）求所取的2个小球颜色不相同的概率．【解答】解：（Ⅰ）由题意知，任取2个小球的基本事件有：{1，2}，{1，3}，{1，4}，{1，A}，{1，B}，{2，3}，{2，4}，{2，A}，{2，B}，{3，4}，{3，A}，{3，B}，{4，A}，{4，B}，{A，B}，共15个，用M表示“所取取2个小球都是红球”，则M包含的基本事件有：{1，2}，{1，4}，{2，3}，{2，4}，{3，4}，共6个，∴所取取2个小球都是红球的概率：P（M）==．（Ⅱ）用N表示“所取的2个小球颜色不相同”，则N包含的基本事件有：{1，A}，{1，B}，{2，A}，{2，B}，{3，A}，{3，B}，{4，A}，{4，B}，共8个，∴所取的2个小球颜色不相同的概率：P（N）=．18．（12分）如图，四棱锥P﹣ABCD的底面是正方形，侧棱PA⊥底面ABCD，E 是PA的中点．（Ⅰ）求证：PC∥平面BDE；（Ⅱ）证明：BD⊥CE．【解答】（本小题满分13分）证明：（Ⅰ）连结AC交BD于O，连结OE，因为四边形ABCD是正方形，所以O为AC中点．又因为E是PA的中点，所以PC∥OE，…（3分）因为PC⊄平面BDE，OE⊂平面BDE，所以PC∥平面BDE．…（6分）（Ⅱ）因为四边形ABCD是正方形，所以BD⊥AC．…（8分）因为PA⊥底面ABCD，且BD⊂平面ABCD，所以PA⊥BD．…（10分）又因为AC∩PA=A，所以BD⊥平面PAC，…（12分）又CE⊂平面PAC，所以BD⊥CE．…（13分）19．（12分）命题p方程：x2+mx+1=0有两个不等的实根，命题q：方程4x2+4（m+2）x+1=0无实根．若“p或q”为真命题，“p且q”为假命题，求m的取值范围．【解答】解：由题意命题P：x2+mx+1=0有两个不等的实根，则△=m2﹣4＞0，解得m＞2或m＜﹣2，命题Q：方程4x2+4（m+2）x+1=0无实根，则△＜0，解得﹣3＜m＜﹣1，若“p或q”为真命题，“p且q”为假命题，则p，q一真一假，（1）当P真q假时：，解得m≤﹣3，或m＞2，（2）当P假q真时：，解得﹣2≤m＜﹣1，综上所述：m的取值范围为m≤﹣3，或m＞2，或﹣2≤m＜﹣1．20．（12分）如图，四面体ABCD中，O、E、F分别是BD、BC、AD的中点，CA=CB=CD=BD=2，．（Ⅰ）求证：AO⊥平面BCD；（Ⅱ）求几何体E﹣CDF的体积．【解答】（Ⅰ）证明：连接OC，∵BO=DO，AB=AD，∴AO⊥BD．∵BO=DO，BC=CD，∴CO⊥BD．在△AOC中，由已知可得AO=1，CO=．而AC=2，∴AO2+CO2=AC2，∴∠AOC=90°，即AO⊥OC．∵BD∩OC=O，∴AO⊥平面BCD；（Ⅱ）解：在△BCD中，由CO=，BD=2，可得，∴，由（Ⅰ）知AO⊥平面BCD，则，∵F为AD的中点，∴．21．（12分）汽车厂生产A，B，C三类轿车，每类轿车均有舒适型和标准型两种型号，某月的产量如表（单位：辆）；按类用分层抽样的方法在这个月生产的轿车中抽取50辆，其中有A类轿车10辆．（Ⅰ）求z的值；（Ⅱ）用分层抽样的方法在C类轿车中抽取一个容量为5的样本，将该样本看成一个总体，从中任取2辆，求至少有1辆舒适型轿车的概率；（Ⅲ）用随机抽样的方法从B类舒适型轿车中抽取8辆，经检测它们的得分如下：9.4，8.6，9.2，9.6，8.7，9.3，9.0，8.2．把这8辆轿车的得分看成一个总体，从中任取一个数，求该数与样本平均数之差的绝对值不超过0.5的概率．【解答】解：（Ⅰ）设该厂这个月共生产轿车n辆，由题意得=，∴n=2000，∴z=2000﹣（100+300）﹣150﹣450﹣600=400．（Ⅱ）设所抽样本中有a辆舒适型轿车，由题意，得a=2．因此抽取的容量为5的样本中，有2辆舒适型轿车，3辆标准型轿车．用A1，A2表示2辆舒适型轿车，用B1，B2，B3表示3辆标准轿车，用E表示事件“在该样本中任取2辆，其中至少有1辆舒适型轿车”，则基本事件空间包含的基本事件有：（A1，A2），（A1B1），（A1B2），（A1，B3，），（A2，B1），（A2，B2）（A2，B3），（B1B2），（B1，B3，），（B2，B3），共10个，事件E包含的基本事件有：（A1A2），（A1，B1，），（A1，B2），（A1，B3），（A2，B1），（A2，B2），（A2，B3），共7个，故P（E）=，即所求概率为．（Ⅲ）样本平均数=（9.4+8.6+9.2+9.6+8.7+9.3+9.0+8.2）=9．设D表示事件“从样本中任取一数，该数与样本平均数之差的绝对不超过0.5”，则基本事件空间中有8个基本事件，事件D包括的基本事件有：9.4，8.6，9.2，8.7，9.3，9.0，共6个，∴P（D）=，即所求概率为．22．（12分）从某企业生产的某种产品中抽取100件，测量这些产品的一项质量指标值，由测量结果得如下频数分布表：（1）作出这些数据的频率分布直方图；（2）估计这种产品质量指标值的平均数及方差（同一组中的数据用该组区间的中点值作代表）；（3）根据以上抽样调查数据，能否认为该企业生产的这种产品符合“质量指标值低于95的产品至多占全部产品25%”的规定？【解答】解：（1）由已知作出频率分布表为：由频率分布表作出这些数据的频率分布直方图为：（2）质量指标值的样本平均数为：=80×0.06+90×0.28+100×0.36+110×0.20+120×0.10=100；质量指标值的样本方差为：s 2=（﹣20）2×0.06+（﹣10）2×0.28+02×0.36+102×0.20+202×0.10=112；所以这种产品质量指标值的平均数的估计值为100，方差的计值为112；（3）∵0.06+0.28=0.34＞0.25， ∴不符合规定．。

包头市北重三中2016-2017学年高二下学期期中物理试卷(文科) 含解析

2016—2017学年内蒙古包头市北重三中高二（下)期中物理试卷(文科）一、单项选择题(每题2分，共32分）（将答案填写到相应的表格中) 1．下列单位属于国际单位制中基本单位的是（）A．牛顿B．米C．米/秒D．米/秒22．两个共点力的大小分别是5N和8N，则这两个力的合力大小不可能为（）A．5N B．8N C．12N D．14N3．在下列图象中，描述质点做匀速直线运动的是（）A． B． C． D．4．坐在行驶的公共汽车座位上的乘客认为自己是静止的,他所选择的参考系可以为（)A．地面B．坐在他身边的乘客C．公路边的树木D．公路边的房屋5．关于行星的运动及太阳与行星间的引力，下列说法正确的是( ）A．所有行星绕太阳运动的轨道都是圆B．所有行星绕太阳公转的周期都相同C．太阳与行星间引力的方向沿着二者的连线D．太阳对行星的引力大于行星对太阳的引力6．物体的惯性大小取决于（）A．物体的运动速度B．物体的质量C．物体的加速度D．物体受到的合力7．如图所示，一个木箱静止在倾角为θ的固定斜面上,则（）A．木箱受到四个力作用B．木箱受到两个力作用C．木箱一定受到摩擦力作用 D．木箱所受的合力不等于零8．在《探究小车速度随时间变化的规律》等实验中都用到了电磁打点计时器，电磁打点计时器使用的电源应是( ）A．6V以下的交流电源B．6V以下的直流电源C．220V的交流电源 D．220V的直流电源9．如图所示，让质量相同的物体沿高度相同，倾角不同的斜面从顶端运动到底端,下列说法正确的是（)A．甲图中重力做的功最多B．乙图中重力做的功最多C．丙图中重力做的功最多D．重力做的功一样多10．狗拉着雪橇在水平雪地上做匀速圆周运动，关于雪橇的运动和受力情况，下列说法正确的是（）A．雪橇的速度不变B．雪橇受到的阻力不变C．雪橇的加速度大小不变D．狗对雪橇拉力的方向不变11．把一个小球放在光滑的玻璃漏斗中,晃动漏斗，可使小球沿漏斗壁在某一水平面内做匀速圆周运动．如图所示，关于小球的受力情况,下列说法正确的是（)A．重力、漏斗壁的支持力B．重力、漏斗壁的支持力及向心力C．重力、漏斗壁的支持力、摩擦力及向心力D．小球受到的合力为零12．在《验证机械能守恒定律》的实验中,下列说法正确的是（）A．先释放纸带，后接通电源B．用天平测量重物质量，用秒表测量重物下落时间C．打点计时器必须竖直安装，使两限位孔在同一竖直线上D．重物动能的增加量一定大于重力势能的减小量13．我国于2011年发射了“天宫一号"目标飞行器,之后发射的“神舟八号”、“神舟九号"飞船相继与之成功对接．后来发射的“神舟十号”也与“天宫一号”目标飞行器实现了对接．如图所示，在对接前“天宫一号”的轨道半径比“神舟十号”的轨道半径大,它们都做匀速圆周运动．则在对接前( ）A．它们的线速度相等B．它们的角速度相等C．它们的线速度都小于7。

内蒙古北重三中2017_2018学年高二物理下学期期末考试试题201807170297

北重三中—学年度第二学期高二年级期末考试物理试题考试时间：年月日满分：分考试时长：分钟第一部分一、选择题（每小题分，共分。

第小题只有一个选项正确；第小题有多个选项正确，全部选对的得分，选对但不全的得分，有选错或不选的得分。

）.物体做匀加速直线运动，相继经过两段距离为的路程，第一段用时，第二段用时，则物体的加速度是( ). . . ..甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶，在到的时间内，它们的图象如图所示。

在这段时间内( )A.汽车甲的平均速度比乙的大. 汽车乙的平均速度等于. 甲乙两汽车的位移相同. 汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大.如图，两滑块、在光滑水平面上沿同一直线相向运动，滑块的质量为，速度大小为，方向向右，滑块的质量为，速度大小为，方向向左，两滑块发生弹性碰撞后的运动状态是( ). 和都向左运动. 和都向右运动. 静止，向右运动. 向左运动，向右运动.实验观察到，静止在匀强磁场中点的原子核发生β衰变，衰变产生的新核与电子恰在纸面内做匀速圆周运动，运动方向和轨迹示意如图．则( ). 轨迹是电子的，磁场方向垂直纸面向外. 轨迹是电子的，磁场方向垂直纸面向外. 轨迹是新核的，磁场方向垂直纸面向里. 轨迹是新核的，磁场方向垂直纸面向里.处于能级的大量氢原子，向低能级跃迁时，辐射光的频率有( )种种种种.下列核反应方程中，属于α衰变的是( ). → . →. → . → .一简谐机械横波沿轴正方向传播，波长为λ，周期为，时刻的波形如图所示，、是波上的两个质点，图是波上某一质点的振动图象，下列说法正确的是( ). 时质点的速度比质点的大B. 时质点的加速度比质点的小. 图可以表示质点的振动. 图可以表示质点的振动 .如图所示，一束可见光穿过平行玻璃砖后，变为、两束单色光．如果光束是蓝光，则光束可能是( ). 红光 . 黄光 . 绿光 . 紫光.一束单色光经由空气射入玻璃，这束光的( ).速度变慢，波长变短 .速度不变，波长变短.频率增高，波长变长 .频率不变，波长变长.如图，一个三棱镜的截面为等腰直角△，∠为直角，此截面所在平面内的光线沿平行于边的方向射到边，进入棱镜后直接射到边上，并刚好能发生全反射。