【免费下载】第五章微机原理课后习题参考答案
微机原理第五章练习题及解
微机原理第五章练习题及解一:单项选择题•8028在保护虚地址模式下，虚拟空间为（D。
A:1MB B:2MB C:4MB D:16MB•80486DX和80386相比，内部增加的功能部件是（C。
A:分段部件、分页部件B:预取部件、译码部件C:Cache浮点运算部件D:执行部件、总线接口部件,它要在硬件之间进■虚拟存储器是为了使用户可运行比主存容量大得多的程序行信息动态调度，这种调度是由（D来完成的。
A:硬件B:操作系统C:BIOS D:操作系统和硬•在各种辅存中，除去（D外，大多是便于安装、卸载和携带的。
A:软盘B:CD-ROM C:磁带D:硬盘■硬盘是一种外设，而软盘驱动器属于（C。
A:软盘B:CD-ROM C:磁带D:硬盘•常用的虚拟存储器寻址系统由（A两级存储器组成。
A:主存---- 外存 B:Cach ---- 主存C:Cache --- 主存 D:Cache --- Cache•高速缓存Cache的存取速度（CA:比主存慢、比外存快B:比主存慢、比内部寄存器快C:比主存快、比内部寄存器慢 D:比主存慢、比内部寄存器慢•在 PC机中,CPU访问各类存储器的频率由高到低为（A。
A:高速缓存、主存、硬盘、磁带 B:主存、硬盘、磁带、高速缓存 C:硬盘、主存、磁带、高速缓存 D:硬盘、高速缓存、主存、磁带•下列说法中正确的是（D。
A:EPROM是不能改写的B:EPROM可以改写，所以也是一种读写存储器C:EPROM只能改写一次D:EPROM可以改写,但不能取代读写存储器•目标程序中将逻辑地址转换成物理地址称为（B。
A:存储分配B:地址重定位C:地址保护D:程序移动•高速缓冲存储器Cache的作用是（D。
A:硬盘与主存储器间的缓冲B:软盘盘与主存储器间的缓冲C:CPU与视频设备间的缓冲D:CPU与主存储器间的缓冲•若 256KB的SRAM有8条数据线,则它有（B地址线。
A:8 条 B:18 条 C:20 条 D:256 条• Cach存储器一般采用SRAM,而内存条由（D组成A:ROM B:PROM C:DRAM D:SDRAM•某 SRAM芯片容量为8KX8,组成32KB存储系统所用芯片数为（B A:2 片 B:4 片 C:8 片 D:16 片•呆护模式下程序的最大地址空间是（D。
第5章 微机原理习题答案
MOV CX，100
CLD
; 从首址开始传送，应使 DF=0
REP MOVSW
; 应传送的是 100 个字而非字节
RET
; 程序结束，返回 DOS
MAIN ENDP
CODE ENDS END MAIN
该程序完成的功能是：将 INBUF 表内的 10 个字数据复制到以 OUTPUT 开始的连续的内存 单元中。 10．程序空处可填 CNT，字节变量 RS 的最后结果是 04H。该程序实现的功能是：统计数据段 中以 BUF 为首址的带符号字节数据表中负数的个数，CNT 为表中所有数据的个数，即表的长 度。需要注意的是：十进制数据“145”在以二进制带符号字节数据形式存放时相当于“－ 111”。 11．指令 MOV NUM2，NUM1 的源操作数使用立即数寻址，目的操作数使用直接寻址。指令执 行后 NUM2＋1 单元的内容是 0。 12．执行结果为 CS=3322H，IP=1100H，SS=5000H，SP=3254H，栈顶的两个字即断点地址， 为 2000H:3254H。 13．：> (显示输入字符串) （再次显示输入字符串） 14． 0108H，1500H，010CH 15．堆栈指令，子程序调用，中断 16．XOR BX，BX
22．段属性、偏移地址属性、距离属性
23．
6000:0006 35H
6000:0007 62H
6000:0008 00H
6000:0009 60H
SP=0006H
24．
25． DW 12H,………（可用数值，共 16 个，若 DW 不对则不得分）；
MOV AX, DATA；
MOV DS,AX ；
PUSH CX；
五．综合题
1． xt236.asm 简化段定义格式
微机原理第五章课后习题答案
第5章 控制系统的李雅普诺夫稳定性分析习题与解答5.3 试用李雅普诺夫稳定性定理判断下列系统在平衡状态的稳定性。
1123-⎡⎤=⎢⎥-⎣⎦x x解 由于题中未限定利用哪一种方法，且系统为线性定常系统，所以利用李雅普诺夫第一方法比较合适。
经计算知矩阵1123-⎡⎤⎢⎥-⎣⎦的特征根为20-。
由于第一方法关于线性系统稳定性的结果是的全局性的，所以系统在原点是大范围渐近稳定的。
5.11 利用李雅普诺夫第二方法判断下列系统是否为大范围渐近稳定：1123-⎡⎤=⎢⎥-⎣⎦x x解 令矩阵11121222p p p p ⎡⎤=⎢⎥⎣⎦P 则由T+=-A P PA I 得1112111212221222121110132301p p p p p p p p ---⎡⎤⎡⎤⎡⎤⎡⎤⎡⎤+=⎢⎥⎢⎥⎢⎥⎢⎥⎢⎥---⎣⎦⎣⎦⎣⎦⎣⎦⎣⎦ 解上述矩阵方程，有11111211122222122212742413420 826158p p p p p p p p p p ⎧=-+=-⎧⎪⎪⎪-+=⇒=⎨⎨⎪⎪-=-⎩=⎪⎩即得1112122275485388p p p p ⎡⎤⎡⎤⎢⎥==⎢⎥⎢⎥⎣⎦⎣⎦P 因为111211122275717480 det det05346488p p P p p ⎡⎤⎡⎤⎢⎥=>==>⎢⎥⎢⎥⎣⎦⎣⎦可知P 是正定的。
因此系统在原点处是大范围渐近稳定的。
系统的李雅普诺夫函数及其沿轨迹的导数分别为T 221122T T 22121()(14103)08()()0V x x x x V x x ==++>=-=-=-+<x x Px x x Qx x x 又因为lim ()V →∞=∞x x ，所以系统在原点处大范围渐近稳定。
5.12 给定连续时间的定常系统1222122(1)x x x x x x ==--+试用李雅普诺夫第二方法判断其在平衡状态的稳定性。
解易知(0, 0)为其唯一的平衡状态。
微机原理课后习题参考答案
微机原理课后习题参考答案第1部分微型计算机基础知识1.1 微处理器、微型计算机和微型计算机系统三者之间有什么不同？【解】微处理器：指计算机内部对数据进行处理并对处理过程进行控制的部件，伴随着大规模集成电路技术的迅速发展，芯片集成密度越来越高，CPU可以集成在一个半导体芯片上，这种具有中央处理器功能的大规模集成电路器件，被统称为“微处理器”。
微型计算机：简称“微型机”、“微机”，也称“微电脑”。
由大规模集成电路组成的、体积较小的电子计算机。
由微处理机(核心)、存储片、输入和输出片、系统总线等组成。
特点是体积小、灵活性大、价格便宜、使用方便。
微型计算机系统：简称“微机系统”。
由微型计算机、显示器、输入输出设备、电源及控制面板等组成的计算机系统。
配有操作系统、高级语言和多种工具性软件等。
1.2 CPU在内部结构上由哪几部分组成？CPU应该具备哪些主要功能？【解】CPU在内部结构上由运算器、控制器、寄存器阵列和内部总线等各部分构成，其主要功能是完成各种算数及逻辑运算，并实现对整个微型计算机控制，为此，其内部又必须具备传递和暂存数据的功能。
1.3 微型计算机采用总线结构有什么优点？【解】①简化了系统结构，便于系统设计制造；②大大减少了连线数目，便于布线，减小体积，提高系统的可靠性；③便于接口设计，所有与总线连接的设备均采用类似的接口；④便于系统的扩充、更新与灵活配置，易于实现系统的模块化；⑤便于设备的软件设计，所有接口的软件就是对不同的口地址进行操作；⑥便于故障诊断和维修，同时也降低了成本。
总线的逻辑电路有些是三态的，即输出电平有三种状态：逻辑“0”，逻辑“1”和“高阻”态。
1.4计算机总线有哪些，分别是什么？【解】总线按其信号线上传输的信息性质可分为三组：①数据总线，一般情况下是双向总线；②地址总线，单向总线，是微处理器或其他主设备发出的地址信号线；③ 控制总线，微处理器与存储器或接口等之间1．5 数据总线和地址总线在结构上有什么不同之处？如果一个系统的数据和地址合用一套总线或者合用部分总线，那么要靠什么来区分地址和数据？【解】数据总线（DB）为双向结构，数据在CPU与存储器或I/O 接口之间的传送是双向的，（数据既可以读也可以写），其宽度通常与微处理器的字长相同。
第五章微机原理课后习题参考答案
习题五一. 思考题⒈半导体存储器主要分为哪几类？简述它们的用途和区别。
答：按照存取方式分，半导体存储器主要分为随机存取存储器RAM（包括静态RAM和动态RAM）和只读存储器ROM（包括掩膜只读存储器，可编程只读存储器，可擦除只读存储器和电可擦除只读存储器）。
RAM在程序执行过程中，能够通过指令随机地对其中每个存储单元进行读\写操作。
一般来说，RAM中存储的信息在断电后会丢失，是一种易失性存储器；但目前也有一些RAM 芯片，由于内部带有电池，断电后信息不会丢失，具有非易失性。
RAM的用途主要是用来存放原始数据，中间结果或程序，与CPU或外部设备交换信息。
而ROM在微机系统运行过程中，只能对其进行读操作，不能随机地进行写操作。
断电后ROM中的信息不会消失，具有非易失性。
ROM通常用来存放相对固定不变的程序、汉字字型库、字符及图形符号等。
根据制造工艺的不同，随机读写存储器RAM主要有双极型和MOS型两类。
双极型存储器具有存取速度快、集成度较低、功耗较大、成本较高等特点，适用于对速度要求较高的高速缓冲存储器；MOS型存储器具有集成度高、功耗低、价格便宜等特点，适用于内存储器。
⒉存储芯片结构由哪几部分组成？简述各部分的主要功能。
答：存储芯片通常由存储体、地址寄存器、地址译码器、数据寄存器、读\写驱动电路及控制电路等部分组成。
存储体是存储器芯片的核心，它由多个基本存储单元组成，每个基本存储单元可存储一位二进制信息，具有0和1两种状态。
每个存储单元有一个唯一的地址，供CPU访问。
地址寄存器用来存放CPU访问的存储单元地址，该地址经地址译码器译码后选中芯片内某个指定的存储单元。
通常在微机中，访问地址由地址锁存器提供，存储单元地址由地址锁存器输出后，经地址总线送到存储器芯片内直接进行译码。
地址译码器的作用就是用来接收CPU送来的地址信号并对它进行存储芯片内部的“译码”，选择与此地址相对应的存储单元，以便对该单元进行读\写操作。
微机原理_第二版_课后作业第五~八章(朱金钧)
第5章汇编语言程序设计教材习题解答1. 下列语句在存储器中分别为变量分配多少字节？VR1 DW 9VR2 DW 4 DUP(？)CONT EQU 10VR3 DD CONT DUP(？)VR4 DB 2 DUP(？，CONT DUP(0))VR5 DB ‘HOW ARE YOU？’【解】VR1：2B ； VR2：8B ； CONT：1B ； VR3：40B； VR4：44B； VR5：12B 2. 根据下列数据定义，写出各条指令执行后的结果TABLE DW 100 DUP(？)ARRAY DB ‘ABCD’RES DB ?(1) MOV AX，TYPE RES AX=（）(2) MOV BX，TYPE TABLE BX=（）(3) MOV CX，LENGTH TABLE CX=（）(4) MOV SI，SIZE TABLE SI=（）(5) MOV DI，LENGTH ARRAY DI=（）【解】(1) AX=1 (2) BX=2 (3) CX=100 (4) SI=200 (5) DI=4 3. 下面定义的是一个数据段，请图示它们在存储器中的存放形式。
DATA SEGMENTA DB 1，2，3，4B DB ‘ABCD’C DB 4 DUP(0)N EQU 12X DW 33，0302HY DD 0ABCDHDATA ENDS【解】注：括号中为段内偏移地址4. 试定义一个完整的数据段，首先将10个压缩的BCD码29存放在ARRAY变量字节单元，紧接着把-28，6，45，39，3存放在ALPHA数组变量的字单元中，最后从字节变量BUFFER单元开始预留100个空单元备用。
【解】DATA SEGMENTARRAY DB 10 DUP(29H)ALPHA DW -28，6，45，39，3BUFFER DB 100 DUP(？)DATA ENDS5. 请定义一个结构，描述一个学生的简况。
该结构应含有以下内容：姓名、年龄、性别、籍贯、民族、入学成绩、名次。
微机原理与接口技术 第5章课后作业答案
4
D0～ D7 8088系统 BUS
D0～ D7 · · · A0 SRAM 6116
A0 A 10
MEMW
A 10
R/W OE D0～ D7 CS
MEMR
D0～ D7 A0 · · ·
A0 A 10 R/W OE CS
A 10
MEMW MEMR & A 18 A 17 A 19 A 16 A 15 A 14 A 13 A 12 A 11
5.10 74LS138译码器的接线图如教材第245页的图5-47所示，试判断其输出端Y0#、Y3#、Y5#和 Y7＃所决定的内存地址范围。
解：因为是部分地址译码（A17不参加译码），故每个译码输出对应2个地址范围： Y0＃：00000H ～ 01FFFH 和 20000H ～ 21FFFH Y3＃：06000H ～ 07FFFH 和 26000H ～ 27FFFH
5.2 为什么动态RAM需要定时刷新？
解：DRAM的存储元以电容来存储信息，由于存在漏电现象，电容中存储的电荷会逐渐泄漏，从而使信息丢失或出 现错误。因此需要对这些电容定时进行“刷新”。 5.3 CPU寻址内存的能力最基本的因素取决于___________。 解：地址总线的宽度。 5.4 试利用全地址译码将6264芯片接到8088系统总线上，使其所占地址范围为32000H～33FFFH。 解：将地址范围展开成二进制形式如下图所示。 0011 0010 0000 0000 0000 0011 0011 1111 1111 1111
解：
（1）特点是：它结合了RAM和ROM的优点，读写速度接近于RAM，断电后信息又不会丢失。 （2）28F040的编程过程详见教材第222～223页。 5.14 什么是Cache？它能够极大地提高计算机的处理能力是基于什么原理？ 解： （1）Cache 是位于CPU与主存之间的高速小容量存储器。 （2）它能够极大地提高计算机的处理能力，是基于程序和数据访问的局部性原理。 5.15 若主存DRAM的的存取周期为70ns，Cache的存取周期为5ns，有它们构成的存储器的平 均存取周期是多少？ 解：平均存取周期约为 70×0.1ns + 5×0.9ns =11.5ns。
微机原理课后习题答案
微机原理课后习题答案第1章进制及码元1、进制转换129= 81H= 10000001B=201Q298= 12AH= 100101010B=452Q1000= 3E8H= 1111101000B= 1750Q5DH= 1011101 B= 135 Q= 93 D3E8H= 1111101000 B= 1750Q= 1000 D;357Q=11101111 B= 0EF H= 239 D2、进制计算2FE3 F7，-119 FFF7，-32759 4 73、数据表示范围：一个字节的无符号数表示范围为0～255，有符号数补码表示范围为-l28—+127。
两个字节的无符号数表示范围为0～65535，有符号数补码表示范围为—32768～+32767。
N位二进制数的无符号数表示范围为0～(2N-1)，有符号数(补码)表示范围为-2N-1～(2N-1-1).4、35H代表的ASC II字符为'5'，代表十六进制数时等价的十进制值为53 ，代表压缩8421BCD码等价的十进制值为35 ，代表非压缩8421BCD码等价的十进制值为5。
5、FFH代表无符号数时等价的十进制值为255 ，代表补码有符号数时等价的十进制值为一1 ，代表反码有符号数时等价的十进制值为一0 ，代表原码有符号数时等价的十进制值为一l27。
6、—20的8位二进制补码为ECH ，原码为94H ，反码为EBH 。
158的16位二进制补码为009EH，原码为009EH ，反码为009EH 。
7、英文字符一般在计算机内占用（1）个字节，每个字节的最高位一定为0 ，全角英文字符在计算机内占用2个字节，一个汉字在计算机内占用 2 个字节，每个字节最高位为 1 。
8、设阶码用8位补码表示，尾数部分用16位补码表示，则—（1/32+1/128+1/512）的尾数部分及阶码分别为多少？第2章微机硬件基础1、请画出计算机系统硬件图。
2、8086/88CPU为什么要分为BIU和EU两大模块？答：为了使取指和分析、执行指令可并行处理，提高CPU的执行效率。
微机原理课后习题答案第五章习题答案
5.10为什么输人接口的数据缓冲寄存器必须有三态输出功能，而输出接口却不需要?解:输人接口的数据缓冲寄存器的谕出端是直接接在数据总线上的，如果数据寄存器没有三态输出功能，则无论数据寄存器被寻中还是未被寻中，其数据都会被送上数据总线，若此时总线上真正要传送的数据与该输人缓存器的内容不一致时，就会发生总线冲突。
所以输人接口的数据缓冲寄存器必须有三态输出功能，以便接口未被寻中时，其输出端处于高阻态而与总线隔离。
对于输出接口来说，其输人端与数据总线相连，而输出端与外设相连，因此其输出不影响总线状态;并且外设一般只与一个输出数据缓存器相连，所以输出接口的数据缓存器无需三态输出功能。
5.11已知PC 机系统中某接口板的I/O 端口译码电路如图5.4所示，试分析出各I/O 端 口和I/O 芯片的端口地址或地址范围。
解:74LS138使能信号12B G G 、的逻辑表达式为:19G A =27654B G A A A A = 即仅当9754A A A A = 11111时，使能信号1G = 1, 2B G = 0有效。
此时，若328A A A = 000, 0Y =0; 328A A A =001, 1Y =0; 328A A A =111, 7Y = 0;所以，各I/O 芯片的地址范围为: I/O 芯片1:1111110000B —11111100113B 即3F0H 一3F3H;I/O 芯片2: l011110100B--1011110111.即2F4H 一2F7H;I/O 芯片3:1111111100B 一11111111113,即3FCH 一3FFH0Y 译出的地址范围2F0H~2F3H 再经一级74LS139译码器对1A 和0A 进行二次译码。
分 别得到4个读端口和4个写端口。
各I/O 端口的地址为:输出口1和输人口1为2F0H ;输出口2和输入口2为2F1H;输出门3和输入口3为2F2H;输出口4和输入口4为2F3H5.12已知PC.机系统中某接口板的板地址译码电路如图5.5所示。
微机原理与接口技术第五章、第六章课后习题答案
2114： 128片，10位和6位。
6116： 32片，11位和5位。
6264： 8片，13位和3位。
5.42114：611662646.4stack segment stack 'stack'dw 32 dup(0)stack endscode segmentstart proc farassume ss: stack, cs: codepush dssub ax, axpush axCALL I6116 ；调用写入6116子程序MOV AH, 2 ；回车换行MOV DL, 0DHINT 21HMOV DL, 0AHINT 21HCALL O6116 ；调用读出6116子程序ret；写入6116：将键入字符的ASCII码写入6116I6116 PROCMOV BL, 0 ；定义页地址码（16个地址为一页）MOV CX, 128 ；定义页数LOP1: PUSH CXMOV DX, 380H ；将页地址从74LS273输出MOV AL, BLOUT DX, ALMOV CX, 16 ；定义页内单元数MOV DX, 390H ；将键入数写入16个单元LOP2: MOV AH, 1INT 21HOUT DX, ALINC DXLOOP LOP2INC BL ；换页POP CXLOOP LOP1 ；页数未满换页重新写入16个单元RETI6116 ENDP；读出6116：将写入6116的数据读出送显示O6116 PROCMOV BL, 0MOV CX, 128LOP3 PUSH CXMOV DX, 390HMOV AL, BLOUT DX, ALMOV CX, 16MOV DX 380H ；将16个单元的数据送显示LOP4: IN AL, DXPUSH DXMOV DL, AL ；将6116中读出的ASCII码送DLMOV AH, 2 ；2号功能调用显示DL中的字符INT 21HPOP DXINC DXLOOP LOP4INC BLPOP CXLOOP LOP3RETO6116 ENDPend start6.5stack segment stack 'stack'dw 32 dup(0)stack endscode segmentstart proc farassume ss: stack, cs: codepush dssub ax, axpush axMOV AH, 2 ；用2号功能调用输出字符，调用号送AHMOV CX, 100 ；字符个数送计数器MOV DX, 380HWAIT0: IN AL, DX ；从244读入TEST AL, 80H ；测试状态位是否为0JNZ WAIT0 ；不为0，等待继续测试状态WAIT1: IN AL, DX ；状态为0，继续读入TEST AL, 80H ；测试状态是否为1JZ WAIT1 ；不为1，等待继续测试状态IN AL, DX ；状态为1，读入数据即ASCII码AND AL, 7FH ；去掉状态位MOV DL, AL ；ASCII码送DL，输出字符INT 21HLOOP WAIT0-3 ；跳到给DX赋值380H的MOV指令，该指令为3字节retstart endpcode endsend start。
微机原理课后习题参考答案
微机原理课后习题参考答案(总25页)--本页仅作为文档封面，使用时请直接删除即可----内页可以根据需求调整合适字体及大小--上册第一章P9微处理器、微型计算机、微型计算机系统的区别是什么答：（1）微型计算机中的运算器和控制器合起来称为中央处理器，也就是微处理器，又称微处理机。
（2）微型计算机是由cpu、主存储器、输入/输出接口电路和系统总线构成。
（3）微型计算机系统由微型计算机、输入/输出设备、外存储器、系统软件、电源、面板和机架等组成。
微型计算机由哪些基本部分构成微型计算机是由cpu、主存储器、输入/输出接口电路和系统总线构成。
说明CISC、RISC及其主要区别。
CISC是指复杂指令系统计算机，RISC是指精简指令系统计算机。
他们的区别在于不同的CPU设计理念和方法。
RISC指令系统仅包含哪些必要的经常使用的指令，不经常使用的功能，往往通过基本指令组合来完成。
完成特殊功能时效率比较低。
CISC的指令系统比较丰富，一些特殊功能都有相应的指令。
处理特殊任务效率较高。
RISC对存储器操作相对简单，使对存储器访问的控制简化；而CISC机器的存储器操作指令较多，对存储器的访问有更多的指令直接操作，要求的控制逻辑比较复杂。
RISC在一条指令执行的适当地方可以响应中断；而CISC机器是在一条指令执行结束后响应中断。
RISC CPU的电路构成比CISC CPU简单，因此面积小、功耗也更低；CISC电路CPU电路复杂，同水平比RISC CPU面积大、功耗大。
RISC CPU结构比较简单，布局紧凑规整，设计周期较短，比较容易采用一些并行计算的最新技术；CISC CPU结构复杂，设计周期长，技术更新难度大。
从使用角度看，RISC 微处理器结构简单，指令规整，性能容易把握，易学易用；CISC微处理器结构复杂，功能强大，实现特殊功能容易。
第二章8086CPU 由哪两大部分组成简述它们的主要功能。
总线接口部件BIU跟执行部件EU。
微机原理与接口技术第五章课后答案
微机原理与接⼝技术第五章课后答案第五章参考答案1.简述SRAM 芯⽚与DRAM 芯⽚的共同点与不同点。
答：SRAM 与DRAM 的共同点：都属于随机存取存储器，具有易失性。
SRAM 与DRAM 的共同点：SRAM 利⽤双稳态触发器电路保存信息，集成度⽐DRAM 低，功耗⽐DRAM ⼤；DRAM 利⽤MOS 管栅极和源极之间的极间电容C 保存信息，需要刷新电路保证信息较长时间保存。
2.叙述ROM 芯⽚的常见分类，各种ROM 芯⽚的特点及其适⽤场合。
答：ROM 的常⽤分类结果：掩膜ROM ：⽣产完成的芯⽚已保存了信息，保存的信息⽆法修改，适⽤于⼤批量的定型产品中。
PROM ：PROM 可以⼀次写⼊信息，⼀旦写⼊⽆法更改，适⽤于⼩批量的定型产品中。
EPROM ：紫外线擦除可多次编程的存储器，适⽤于新产品的开发。
EEPROM ：电擦除可多次编程的存储器，适⽤于需要在线修改的场合。
3.利⽤4⽚6116（2K ×8位）芯⽚设计连续存储器，采⽤全地址译码。
设起始地址为60000H ，求存储器的最后⼀个单元地址。
答：存储器的最后⼀个单元地址为：61FFFH.4．⽤6264 RAM （8K ×8位）芯⽚构成256K 字节存储器系统，需要多少⽚6264芯⽚20位地址总线中有多少位参与⽚内寻址有多少位可⽤作⽚选控制信号答：需要32⽚6264芯⽚。
20位地址总线中有13位参与⽚内寻址；有7位可⽤作⽚选控制信号。
5.某微机系统中ROM 区有⾸地址为9000H ，末地址为FFFFH ，求其ROM 区域的存储容量。
答：其ROM 区域的存储容量为28K 。
6．在8088CPU 的系统中扩展32K 字节的RAM ，其扩充存储空间的起始地址为08000H 。
设系统的地址总线为A 19~A 0，数据总线为D 7~D 0，存储器芯⽚选⽤6264。
利⽤74LS138译码器设计译码电路，并画出扩充的存储器系统的连线图。
国防《微机原理与接口技术》教学资料包 课后习题答案 第5章
习题51.答：：存储器系统是计算机系统中必不可少的组成部分，用于存放计算机工作所必需的程序和数据。
当程序和数据输入计算机后，所有输入的信息都存放在存储器中；程序执行过程中，存储器还将保存程序执行时产生的中间数据和结果数据，以便其他部件需要时随时使用。
静态RAM进行写操作时，写入信号自I/O线和I/O线输入，如要写入1，则I/O为高电平而I/O为低电平，它们通过T7、T8管和T5、T6管分别与A端和B端相连，使A=1，B=0，即强迫T2管导通，T1管截止，相当于写入1。
当输入信号及地址选择信号消失之后，T5、T6、T7、T8都截止，由于存储单元有电源及负载管，可以不断地向栅极补充电荷，依靠两个反相器的交叉控制，只要不掉电，就能保持写入的信息1，而不用刷新。
而若要写入0，则I/O线为高电平，I/O线为低电平，T2管截止，T1管导通，即A=0，B=1；进行读操作时，只要某一单元被选中，相应的T5、T6、T7、T8均导通，A端与B端分别通过T5、T6与D、D相通，D、D 又进一步通过T7、T8与 I/O和I/O相通，即将单元的状态传送到I/O和I/O线上。
由此可见，这种存储电路的读出过程是非破坏性的，即信息在读出之后，原存储电路的状态不变。
静态RAM存取速度比动态RAM快，工作稳定，且不需要刷新电路，使用方便灵活。
但由于它所用较多，致使集成度低，功耗较大，成本也高。
DRAM存储单元实质上是依靠T1管栅极电容的充放电原理来保存信息的。
一般2 ms左右，电容上所保存的电荷就会泄漏，会造成信息的丢失；另外数据读出后，存储电容C s上的信息也被破坏。
因此，在DRAM的使用过程中，必须及时地向保存1的那些存储单元补充电荷，以维持信息的存在。
所以DRAM必须有刷新操作。
2.答：微机中的全部存储器子系统一般分为四级，即：寄存器组、高速缓存、内部存储器和外部存储器。
第一级寄存器组是为了尽可能减少微处理器直接存取微处理器外部存储器的次数而设置的。
微机原理及接口技术课后习题参考答案
如有你有帮助，请购买下载，谢谢！第1章（1.6 习题）1．简述名词的概念：微处理器、微型计算机、微型计算机系统。
答：（1）微处理器：微处理器（Microprocessor）简称µP或MP，或CPU。
CPU是采用大规模和超大规模集成电路技术将算术逻辑部件ALU（Arithmetic Logic Unit）、控制部件CU （Control Unit）和寄存器组R（Registers）等三个基本部分以及内部总线集成在一块半导体芯片上构成的电子器件。
（2）微型计算机：微型计算机（Microcomputer）是指以微处理器为核心，配上由大规模集成电路制作的存储器、输入/输出接口电路及系统总线等所组成的计算机，简称微机。
（3）微型计算机系统：微型计算机系统由硬件与软件两大部分组成，分别称为硬件（Hardware）系统与软件（Software）系统。
其中，硬件（Hardware）系统由CPU、内存储器、各类I/O接口、相应的I/O设备以及连接各部件的地址总线、数据总线、控制总线等组成。
软件（Software）系统：计算机软件（Software）是指为运行、维护、管理、应用计算机所编制的程序及程序运行所需要的数据文档资料的总和。
一般把软件划分为系统软件和应用软件。
其中系统软件为计算机使用提供最基本的功能，但是并不针对某一特定应用领域。
而应用软件则恰好相反，不同的应用软件根据用户和所服务的领域提供不同的功能。
2．简述名词的概念：指令寄存器、地址寄存器、标志寄存器。
答：（1）指令寄存器：指令寄存器（Instruction Register，IR）用来保存计算机当前正在执行或即将执行的指令。
当一条指令被执行时，首先，CPU从内存取出指令的操作码，并存入IR中，以便指令译码器进行译码分析。
（2）地址寄存器：地址寄存器(Address Register，AR)被动地接受IP传送给它的地址值（二进制地址），AR的作用是保持IP送来的地址，并且以并行方式连接输出到CPU的地址引脚上，以便CPU访问指定的内存单元。
微机原理第五章习题答案
习 题 五一. 思考题二. 综合题⒈ 已知一个SRAM 芯片的容量为16KB×4，该芯片的地址线为多少条数据线为多少条 答：芯片容量为142B ，所以该芯片的地址线为14条，数据线为4条。
⒉ 巳知一个DRAM 芯片外部引脚信号中有4条数据线，7条地址线，计算其存储容量。
答：7421284⨯=⨯位。
3.某存储芯片上有1024个存储单元，每个存储单元可存放4位二进制数值，则该存储芯片的存储容量是多少字节。
答：512B 。
4. 某 RAM 芯片的存储容量为 1024×8 位，该芯片的外部引脚最少应有几条其中几条地址线几条数据线若已知某 RAM 芯片引脚中有 13 条地址线，8 条数据线，那么该芯片的存储容量是多少答：该芯片外部引脚最少应有18条；其中10条地址线，8条数据线。
芯片的存储容量是32KB 。
5. 在部分译码电路中，若CPU 的地址线A 15、A 14和A 13未参加译码，则存储单元的重复地址有多少个。
答：328=个。
6. 假设选用一片6264芯片和一片2764芯片构成内存储系统。
采用线选法控制片选端，至少需要多少条片选地址线若采用部分译码法控制片选端，至少需要多少条片选地址线采用全部译码法控制片选端，则需要多少条的片选地址线答：用线选法控制片选端，至少需要2条片选地址线；若采用部分译码法控制片选端，至少需要1条片选地址线；采用全部译码法控制片选端，则需要1条的片选地址线。
7.设某微型机的内存RAM 区的容量为128KB ，若用 2164 芯片构成这样的存储器，需多少片 2164至少需多少根地址线其中多少根用于片内寻址多少根用于片选译码答：需16片 2164；至少需8根地址线；其中7根用于片内寻址；1根用于片选译码。
8. 设有一个存储器系统，由2个8KB 的6264SRAM 芯片构成。
其中1#芯片的地址范围为0A6000H~0A7FFFH ，2#芯片的地址范围为0AA000H~0ABFFFH ，下图画出了74LS138译码器、存储器与8088CPU 的连接图，但只画出了连线图的一部分，请将电路连接图补充完整。
微机原理习题答案5678910章
第5章 总线及其形成1. 微处理器的外部结构表现为 数量有限的输入输出引脚 ，它们构成了微处理器级总线。
2. 微处理器级总线经过形成电路之后形成了 系统级总线 。
3. 简述总线的定义及在计算机系统中采用标准化总线的优点。
答：总线是计算机系统中模块（或子系统）之间传输数据、地址和控制信号的公共通道，它是一组公用导线，是计算机系统的重要组成部分。
采用标准化总线的优点是：1) 简化软、硬件设计。
2) 简化系统结构。
3) 易于系统扩展。
4) 便于系统更新。
5) 便于调试和维修。
4. 在微型计算机应用系统中，按功能层次可以把总线分成哪几类。
答：在微型计算机应用系统中，按功能层次可以把总线分成：片内总线、元件级总线、系统总线和通信总线。
5. 简述RESET 信号的有效形式和系统复位后的启动地址。
答：RESET 为系统复位信号，高电平有效，其有效信号至少要保持四个时钟周期，且复位信号上升沿要与CLK 下降沿同步。
系统复位后的启动地址为0FFFF0H 。
即：（CS ）=0FFFFH ，（IP ）=0000H 。
6. 8086 CPU 的IO M/信号在访问存储器时为 高 电平，访问I/O 端口时为 低 电平。
7. 在8086系统总线结构中，为什么要有地址锁存器？答：8086CPU 有20条地址线和16条数据线，为了减少引脚，采用了分时复用，共占了20条引脚。
这20条引脚在总线周期的T1状态输出地址。
为了使地址信息在总线周期的其他T 状态仍保持有效，总线控制逻辑必须有一个地址锁存器，把T1状态输出的20位地址信息进行锁存。
8. 根据传送信息的种类不同，系统总线分为 数据总线 、 地址总线 和 控制总线 。
9. 三态逻辑电路输出信号的三个状态是 高电平 、 低电平 和 高阻态 。
10. 在8086的基本读总线周期中，在1T 状态开始输出有效的ALE 信号；在2T 状态开始输出低电平的RD 信号，相应的DEN 为__低__电平，R DT/为__低__电平；引脚AD 15 ~ AD 0上在1T 状态期间给出地址信息，在4T 状态完成数据的读入。
微机原理课后详细答案 徐惠民版
2-13.PC机中地址总线的作用是( C ).
A.用于选择存储器单元B.用于选择进行信息传输的设备
C.用于给存储器单元和I/O设备接口电路的选择地址
D.以上都不正确
2-14.设当前SS=C000H,SP=2000H,AX=2355H,BX=2122H,CX=8788H,则
成;存储器是用来存储数据,程序的部件;I/O接口是微型计算机的重要组成部件,在CPU
和外设之间起适配作用.
1-2.CPU执行指令的工作过程.
答:
取指令,执行指令.
指令执行的基本过程:
(1)开始执行程序时,程序计数器中保存第一条指令的地址,指明当前将要执行的指令
存放在存储器的哪个单元.
(2)控制器:将程序计数器中的地址送至地址寄存器MAR,并发出读命令.存储器根
1111101.11B,十进制:125.75,十六进制:7D.CH
1-7.(5487)10=( 0101010010000111)BCD= 1010101101111 B
1-8.设字长为8位,请写出下列数的原码,反码,补码和移码:
15,-20,-27/32
答:
[+15]原=00001111,[+15]反=00001111,[+15]补=00001111,[+15]移=10001111
而CPU内部的寄存器都是16位,因此需要由一个附加的机构来计算出20位的物理地址,这
个机构就是20位的地址加法器.
2-3.据8086 CPU的结构,简述程序的执行过程.
答:
设程序的指令代码已存放在存贮器中.为执行程序,CPU按照时钟节拍,产生一系列控
制信号,有规则地重复进行以下过程.
微机原理课后习题参考答案word精品文档46页
第1部分微型计算机基础知识1.1 微处理器、微型计算机和微型计算机系统三者之间有什么不同？【解】微处理器：指计算机内部对数据进行处理并对处理过程进行控制的部件，伴随着大规模集成电路技术的迅速发展，芯片集成密度越来越高，CPU可以集成在一个半导体芯片上，这种具有中央处理器功能的大规模集成电路器件，被统称为“微处理器”。
微型计算机：简称“微型机”、“微机”，也称“微电脑”。
由大规模集成电路组成的、体积较小的电子计算机。
由微处理机(核心)、存储片、输入和输出片、系统总线等组成。
特点是体积小、灵活性大、价格便宜、使用方便。
微型计算机系统：简称“微机系统”。
由微型计算机、显示器、输入输出设备、电源及控制面板等组成的计算机系统。
配有操作系统、高级语言和多种工具性软件等。
1.2 CPU在内部结构上由哪几部分组成？CPU应该具备哪些主要功能？【解】CPU在内部结构上由运算器、控制器、寄存器阵列和内部总线等各部分构成，其主要功能是完成各种算数及逻辑运算，并实现对整个微型计算机控制，为此，其内部又必须具备传递和暂存数据的功能。
1.3 微型计算机采用总线结构有什么优点？【解】①简化了系统结构，便于系统设计制造；②大大减少了连线数目，便于布线，减小体积，提高系统的可靠性；③便于接口设计，所有与总线连接的设备均采用类似的接口；④便于系统的扩充、更新与灵活配置，易于实现系统的模块化；⑤便于设备的软件设计，所有接口的软件就是对不同的口地址进行操作；⑥便于故障诊断和维修，同时也降低了成本。
总线的逻辑电路有些是三态的，即输出电平有三种状态：逻辑“0”，逻辑“1”和“高阻”态。
1.4计算机总线有哪些，分别是什么？【解】总线按其信号线上传输的信息性质可分为三组：①数据总线，一般情况下是双向总线；②地址总线，单向总线，是微处理器或其他主设备发出的地址信号线；③ 控制总线，微处理器与存储器或接口等之间1．5 数据总线和地址总线在结构上有什么不同之处？如果一个系统的数据和地址合用一套总线或者合用部分总线，那么要靠什么来区分地址和数据？【解】数据总线（DB）为双向结构，数据在CPU与存储器或I/O接口之间的传送是双向的，（数据既可以读也可以写），其宽度通常与微处理器的字长相同。
(完整版)第五章8088的总线操作和时序微机原理第2版课后答案
第五章8088的总线操作和时序本章内容主要介绍8088执行指令的三种周期，以及它们之间的区别和相互联系，在此基础上结合8088芯片引脚信号的功能分别介绍最小、最大组态下三总线信号在这些典型的总线周期中出现的时间关系。
5.1重点与难点本章的学习重点包括8088芯片外部的三总线结构，最大组态与最小组态的基本配置，总线控制器8288在最大组态配置中的作用，在最大组态系统或最小组态系统中的时序配合问题。
3.1.1 8088的工作周期在微型机系统中，CPU的操作都是在系统主时钟CLK的控制下按节拍有序进行的。
CPU 执行一条指令的时间（包括取指令、指令译码和执行该指令所需的全部时间）称为一个指令周期。
把通过外系统总线对存储器或I／O端口进行一次读／写操作的过程称为总线周期，T 状态就是CLK时钟周期。
一个指令周期由若干个总线周期组成。
每个总线周期通常包含4个T状态，即T l、T2、T3、T4。
在T1状态，CPU往地址/数据复用总线（AD7～0）和地址/状态复用总线（A19～16/S6～3）上发地址信息。
在T2状态, 从地址/数据总线和地址/状态总线上撤消地址信息,并使地址/数据总线成为高阻态,为传送数据信息作准备。
与此同时, 从地址/状态总线的输出4位状态信息。
在T3状态, 地址/状态总线继续输出状态信息, 地址/数据总线用于传送数据信息。
在存储器或外设不能及时地配合CPU传送数据时, 它们可以向CPU 请求, 在T3周期之后插入一个或多个等待状态Tw。
在T4状态, 一个总线周期结束。
在一个总线周期中，A15～8始终输出地址信息。
如果一个总线周期之后, 不立即执行下一个总线周期, 那么系统总线就会处于空闲状态Ti, 执行空闲周期。
3.1.2 8088的总线操作1．8088芯片引脚构成及在最大最小组态下的意义。
8088的芯片引脚可分为两种：与工作模式无关的和与工作模式有关的。
与工作模式相关的包括24～31、33、34脚。
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习题五
一. 思考题
⒈半导体存储器主要分为哪几类？简述它们的用途和区别。
答：按照存取方式分，半导体存储器主要分为随机存取存储器RAM（包括静态RAM和动态RAM）和只读存储器ROM（包括掩膜只读存储器，可编程只读存储器，可擦除只读存储器和电可擦除只读存储器）。
RAM在程序执行过程中，能够通过指令随机地对其中每个存储单元进行读\写操作。
一般来说，RAM中存储的信息在断电后会丢失，是一种易失性存储器；但目前也有一些RAM 芯片，由于内部带有电池，断电后信息不会丢失，具有非易失性。
RAM的用途主要是用来存放原始数据，中间结果或程序，与CPU或外部设备交换信息。
而ROM在微机系统运行过程中，只能对其进行读操作，不能随机地进行写操作。
断电后ROM中的信息不会消失，具有非易失性。
ROM通常用来存放相对固定不变的程序、汉字字型库、字符及图形符号等。
根据制造工艺的不同，随机读写存储器RAM主要有双极型和MOS型两类。
双极型存储器具有存取速度快、集成度较低、功耗较大、成本较高等特点，适用于对速度要求较高的高速缓冲存储器；MOS型存储器具有集成度高、功耗低、价格便宜等特点，适用于内存储器。
⒉存储芯片结构由哪几部分组成？简述各部分的主要功能。
答：存储芯片通常由存储体、地址寄存器、地址译码器、数据寄存器、读\写驱动电路及控制电路等部分组成。
存储体是存储器芯片的核心，它由多个基本存储单元组成，每个基本存储单元可存储一位二进制信息，具有0和1两种状态。
每个存储单元有一个唯一的地址，供CPU访问。
地址寄存器用来存放CPU访问的存储单元地址，该地址经地址译码器译码后选中芯片内某个指定的存储单元。
通常在微机中，访问地址由地址锁存器提供，存储单元地址由地址锁存器输出后，经地址总线送到存储器芯片内直接进行译码。
地址译码器的作用就是用来接收CPU送来的地址信号并对它进行存储芯片内部的“译码”，选择与此地址相对应的存储单元，以便对该单元进行读\写操作。
读\写控制电路产生并提供片选和读\写控制逻辑信号，用来完成对被选中单元中各数据位的读\写操作。
数据寄存器用于暂时存放从存储单元读出的数据，或暂时存放从CPU送来的要写入存
储器的数据。
暂存的目的是为了协调CPU和存储器之间在速度上的差异。
⒊简述SRAM和DRAM的应用特点。
答：SRAM具有鲜明的应用特点：
a、由电路结构的特点，可以保证存储的数据信息只要不断电，就不会丢失；不需要定时刷新，简化了外部电路。
b、相对动态RAM，存取速度更快。
c、内部电路结构复杂，集成度较低；制造价格成本较高。
d、双稳态触发电路总有一个处于导通状态，使得静态RAM的电功耗较大。
e、一般用作高速缓冲存储器（cache）。
DRAM的应用特点主要有：
a、集成度高、功耗小，制作成本低，适合制作大规模和超大规模集成电路，微机内存储器几乎都是由DRAM组成。
b、由于电容存在漏电现象，存储的数据不能长久保存，因此需要专门的动态刷新电路，定期给电容补充电荷，以避免存储数据的丢失或歧变。
⒋ 8086/8088CPU与存储器连接时，三总线应如何实现连接？
答：1)、存储器与CPU数据总线的连接
CPU的数据总线和存储器的数据线直接连接。
当需要进行位扩充时，各芯片的数据线
分别连接到数据总线的不同位线上，CPU需一次选中多片并从多片芯片上读\写一个字节的
数据。
当需要进行字扩充时，各存储芯片的数据线均连接到数据总线上，CPU只能选中其
中的一个芯片，并从该片中读\写一个字节数据。
2)、存储器与CPU控制总线的连接
存储器与CPU控制总线的连接的控制信号主要有：地址锁存允许信号、读\写对象选择
信号、读写选通信号、准备就绪信号等。
存储器的控制信号将与CPU上述的对应信号线连接。
3)、存储器与CPU地址总线的连接
存储器与CPU地址总线的连接涉及译码和寻址问题。
通过全译码或部分译码，可以规
划设计微机系统中存储器的地址空间分配，将整个地址空间合理地分配到ROM和RAM等不同类型的存储器上。
将构成存储器的各个存储芯片的地址信号线与CPU地址总线中低位相
连接；CPU地址总线的高位地址线连接译码器，产生并送出片选信号，连接到对应芯片的
片选信号引脚；或将高位地址线直接连接到芯片的选引脚。
⒌ 简述线选、部分译码和全译码的应用特点。
答：线选的应用特点是不需要地址译码设备，线路简单，适用于连接存储芯片数量较少的场合；部分译码方式由于一定有一些未参与实际译码的地址线，他们的取值具有“无关性”，既可以为1，也可以为0，因此采用部分译码法虽然可以简化译码电路，但每个存储单
元必将对应多个地址，出现“地址重叠”的现象，一部分地址空间将被浪费。
因此在系统存储容量要求不大的情况下，适合采用该译码方式；在全译码译码方式下，全部20位地址总线信号都参加译码，存储器芯片上的每一个单元在整个内存空间中具有唯一的一个地址，不会出现“地址重叠”的问题。
⒍ 简述存储器芯片中存储单元数量、存储位数与所连接的总线数量的对应关系。
答：存储单元数=；（M 为地址线数量）；2M 数据线数=存储单元的存储位数。
⒎ 简述CPU 与Cache 、主存、外（辅）存之间的关系。
答：CPU 可直接用指令对内存储器进行读/写访问。
为了解决和协调容量、速度、价格之间的矛盾，在主存和CPU 之间增加速度更高、但容量较小的高速缓冲存储器（cache ）来提高CPU 的存取速度。
外存的容量最大，每单位存储容量的相对价格最低，但访问速度也是较慢的。
⒏ 简述存储芯片的位扩充和字扩充的意义。
答：位扩充指的是对存储单元的位数不足8位的芯片，通过多片“并联”的连接方式，扩充为8位的存储位数。
字扩充是对存储器容量的扩充，或称对存储单元数量的扩充。
二. 综合题⒈ 已知一个SRAM 芯片的容量为16K×4位，该芯片的地址线为多少条？数据线为多少条？答：芯片容量为213B=8KB ，所以该芯片的地址线为14条，数据线为4条。
⒉ 巳知一个DRAM 芯片外部引脚信号中有4条数据线，7条地址线，计算其存储容量。
答：位。
7421284⨯=⨯3.某存储芯片上有1024个存储单元，每个存储单元可存放4位二进制数值，则该存储芯片的存储容量是多少字节。
答：512B 。
4. 某 RAM 芯片的存储容量为 1024×8 位，该芯片的外部引脚最少应有几条？其中几条地址线？几条数据线？若已知某 RAM 芯片引脚中有 13 条地址线，8 条数据线，那么该芯片的存储容量是多少？（本题表述的不够清楚）答：该芯片外部引脚最少应有18条；其中10条地址线，8条数据线。
芯片的存储容量是8KB 。
5. 在部分译码电路中，若CPU 的地址线A 15、A 14和A 13未参加译码，则存储单元的重复地址有多少个。
答：个。
328
6.
假设选用一片6264芯片（8K*8位）和一片2764芯片（8K*8位）构成内存储系统。
采用线选法控制片选端，至少需要多少条片选地址线？若采用部分译码法控制片选端，至
少需要多少条片选地址线？采用全部译码法控制片选端，则需要多少条的片选地址线？答：用线选法控制片选端，至少需要 1 条片选地址线；若采用部分译码法控制片选端，至少需要 1条片选地址线；采用全部译码法控制片选端，则需要全部的高位片选地（对于该题为7条）址线。
7.设某微型机的内存RAM 区的容量为128KB ，若用 2164(64K*1位) 芯片构成这样的存储器，需多少片 2164？至少需多少根地址线？其中多少根用于片内寻址？多少根用于片选译码？答：需16片 2164；至少需17根地址线；其中16根用于片内寻址；1根用于片选译码。
8. 设有一个存储器系统，由2个8KB 的6264SRAM 芯片构成。
其中1#芯片的地址范围为0A6000H~0A7FFFH ，2#芯片的地址范围为0AA000H~0ABFFFH ，下图画出了74LS138译码器、存储器与8088CPU 的连接图，但只画出了连线图的一部分，请将电路连接图补充完整。
答：
9. 选用8088CPU设计一个微处理器系统，要求存储器的容量为8KB的EPROM，采用。