数列题型及解题方法归纳总结2推荐文档
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知识框架
数列的概念数列的分类
数列的通项公式
数列的递推关系
函数角度理解
求和公式及性质,掌握了典型题型的解法和数学思想法的应用,就有可能
在高考中顺利地解决数列问题。
一、典型题的技巧解法
数列
两个基
本数列
等差数列的定义a n
等差数列的通项公式
等差数列
等差数列的求和公式
等差数列的性质a n
等比数列的定义
3n
a n
a n 1
a n
S n
a m
q(n
d(n
a1 (n
n /
2(a1
2)
1)d
a n) na i
a p a q (m
n(n 1)d
2
q)
2)
等比数列的通项公式
等比数列
等比数列的求和公式
a n
S n
等比数列的性质
公式法
分组求和
错位相减求和
裂项求和
倒序相加求和
累加累积
归纳猜想证明
分期付款
数列的应用一八
其他
数列
求和
岂a n q
1
a i(1
q n a1(q a n a m a p a q
(m n
n、
q )/
(q
1 q
1)
p q)
1)
1、求通项公式
(1)观察法。(2)由递推公式求通项。
对于由递推公式所确定的数列的求解,通常可通过对递推公式的变换转化成等差数
列或等比数列问题。
(1)递推式为a n+1=a+d及a n+1=qa n(d,q为常数)例1、已知{a n}
满足a n+1=a n+2,而且a1=1。求a n。
例1、解■/a n+1-a n=2为常数••• {a n}是首项为1,公差为2的等差数列
--a n=1+2 (n-1 )即a n=2n-1
1
例2、已知{a n}满足a n 1— a n,而a1 2,求a. =?
2
解V 是常数
••七J是以2为首项.公比为扌的等匕嗷列
5 -2 • L z --^―
(2)递推式为a n+1=a n+f (n)
1
例3、已知{a n}中a1,a n 1
解:由已知可知a n 1 a n
a
n
1
4n2 1
求a n.
1 丄(_匚
(2n 1)(2n 1) 2(2n 1
1
2n
1)
令n=1,2,…,(n-1 ),代入得(n-1 )个等式累加,即(a2-a 1)+ (a3-a2)+… +
(a n-a n-1 )
掌握了数列的基本知识,特别是等差、等比数列的定义、通项公式、
1(1 亠 3
2 2n 1 4n 2
★ 说明只要和f (1) +f (2) +…+f ( n-1 )是可求的,就可以由
a”i=a n+f (n)以n=1, 2,…,(n-1)代入,可得n-1个等式累加而求a n
⑶递推式为a n+1=p@+q (p, q为常数)
例4、{a n}中,a1 1,对于n> 1 (n € N)有a n 3a n 1 2,求a..
解法一:由已知递推式得a n+1=3a n+2, a n=3a n-1+2。两式相减:a n+1-a n=3 (a n-a n-1)
因此数列{a n+1-a n}是公比为3的等比数列,其首项为a2-a1= (3X 1+2) -1=4
n-1 n-1 厂“n-1 …a n+1 -a n =4 • 3 - a n+1=3a n+2 …3a n+2-a n=4 • 3 即 a n=2 • 3 -1 解法二:上法得{a n+1-a n}是公比为3的等比数列,于是有:a2-a 1=4, a3-a 2=4 -3,
2 n-2
a4-a 3 =4 • 3,…, a n-a n-1 =4 • 3 ,
把n-1 个.等—一■式- -- :累一•十加——得'J _:—
/• an=2 • 3n-1-1 --
★说明对于递推式亦二叽■+扌,可两边除以q田,得毛^
-*与+丄"引辅助数列(b n)P Cb a= —) , = -b^ + -后用q q q % q q
(5)递推式为a n 2 pa n 1 qa n
思路:设a n 2 pa n 1 qa n,可以变形为:a n 2 a n 1 (a n 1 a n),
「CL + 0 = p 就是也=2 +时则可从门农卩解得4 P,
(d • p = -q
想
于是{a n+1- a a n}是公比为B的等比数列,就转化为前面的类型。
⑷递推式为a n+1=p a n+q n (p, q为常数)
【例亦己知心中.術岭论二羸+ G)叫求%
略解在如弓%十心的两边乘以円得
2
羽'* E〔泸社)+ 1 '令亠=
2
则»妁=彳5+1,于是可得
J 2 2
b n 1 b n (b n g 1) 由上题的解法,得:g 3 2(-广
3 3
_ _ ■) 1
【例己知数列中,a} =1, a2= 2,亦=詐+严詐・
求
a
n。
C
L=卩
:
L+J
2
3a tvfrl
2
a + 0 = —
3
[卜
a • p =-
3
n两边减去3廿丄,
得
b n
3(1)n