二项式定理及其应用
二项式定理及其应用
二项式定理及其应用
二项式定理是数论中一个非常重要的理论，它描述了给定集合中选择k个元素的方式数量，其公式为（n）k= n! /（k！*（n-k）！）。
它最初是用来解释组合学中k阶排列数量的，有时也被称为古典二项定理。
二项式定理有许多实际应用，其中一个例子是组合推断，这是一种表明一个考试的概率的方法。
考生可以使用它来计算出他们可能会得到给定数量正确选择的概率。
另一个应用是游戏分析，二项式定理可以用来分析不同概率情况下游戏的有效性，例如抽支筹码或投掷骰子。
再一个应用例子是解决统计学中的聚类问题。
聚类是一种将相似的元素分组的过程，二项式定理可以用来计算不同类别间特征之间的相关性，从而帮助确定最佳分组选择。
另外，二项式定理还可用于仿真建模，可以帮助科学家预测某个实际现象的演变趋势。
二项式定理还可用于优化算法，例如遗传算法，其中需要计算可能出现不同情况的概率。
总之，二项式定理是一个非常重要和有用的理论，它在组合学中有广泛的应用，涉及到统计、概率和优化等领域。
这些应用不仅可以帮助
我们解决具体问题，还可以提供有用的信息，指导我们研究解决问题的有效方法。
二项式定理的应用与实例解析
二项式定理的应用与实例解析二项式定理是代数学中的重要概念之一，它在数学推理和实际问题求解中具有广泛的应用。
本文将介绍二项式定理的概念及其应用，并通过具体的实例进行解析，以帮助读者更好地理解和应用该定理。
一、二项式定理的概念二项式定理是指对于任意非负整数n和实数a、b，有以下的公式：(a + b)^n = C(n,0) * a^n * b^0 + C(n,1) * a^(n-1) * b^1 + C(n,2) * a^(n-2) * b^2 + ... + C(n,n) * a^0 * b^n其中，C(n, k)表示组合数，表示从n个元素中选取k个元素的组合数，计算公式为：C(n, k) = n! / (k! * (n-k)!)二、二项式定理的应用1. 概率计算二项式定理在概率计算中起到了重要作用。
例如，设有一枚正反面均匀的硬币，进行n次独立的抛掷，求正面出现k次的概率。
根据二项式定理，可以得到概率公式：P(X = k) = C(n, k) * p^k * (1-p)^(n-k)其中，p表示正面出现的概率。
2. 组合数学二项式定理在组合数学中应用广泛，可以用于求解组合数、排列数等问题。
例如，求集合中元素的子集个数，可以通过二项式定理计算：对于一个集合，它的子集个数为2^n个，其中n表示集合中元素的个数。
3. 计算多项式展开式系数二项式定理可以用于计算多项式展开式中各项的系数。
例如，对于多项式(a + b)^n，可以通过二项式定理的应用，直接得到展开式中各项的系数。
这对于计算多项式的展开式提供了效率和便利。
三、应用实例解析1. 概率计算实例假设有一枚硬币，进行10次独立抛掷，求正面出现2次的概率。
根据二项式定理的应用，可以得到：P(X = 2) = C(10, 2) * 0.5^2 * 0.5^8 = 45 * 0.25 * 0.00390625 = 0.04395因此，正面出现2次的概率约为0.044。
二项式定理及其应用
二项式定理及其应用二项式定理是数学中的一条重要定理，它揭示了如何展开和求解(x + y)ⁿ这种形式的表达式。
本文将介绍二项式定理的公式及其应用，并探讨其在数学和实际问题中的意义。
1. 二项式定理的公式二项式定理的公式如下所示：(x + y)ⁿ = C(n,0) · xⁿ · y⁰ + C(n,1) · xⁿ⁻¹ · y¹ + C(n,2) · xⁿ⁻² · y² + ... + C(n,n-1) · x · yⁿ⁻¹ + C(n,n) · x⁰ · yⁿ其中，C(n,k)表示从n个元素中选取k个元素的组合数，也可以表示为n! / (k! · (n-k)! )。
在展开(x + y)ⁿ时，每一项的系数就是组合数C(n,k)，指数是x和y的幂次。
2. 二项式定理的应用2.1 二项式系数二项式定理中的组合数C(n,k)被称为二项式系数，它具有很多重要的性质。
其中最为著名的是杨辉三角形，每一行的数字都是由上一行相邻两个数字相加而来。
杨辉三角形也是计算二项式系数的一种常用方法。
2.2 展开式的应用二项式定理的展开式可以用于求解多项式的乘法、计算多项式在某一点的值等问题。
通过展开(x + y)ⁿ，可以直观地观察到每一项的系数和指数之间的关系，从而简化计算。
2.3 组合恒等式二项式定理可以通过一些代数推导得到一些有用的组合恒等式，如：- C(n,0) + C(n,1) + C(n,2) + ... + C(n,n) = 2ⁿ- C(n,0) - C(n,1) + C(n,2) - ... + (-1)ⁿ · C(n,n) = 0这些恒等式在组合数学、概率论等领域中有着重要的应用。
3. 二项式定理的意义二项式定理的意义不仅仅局限于数学领域，它在实际问题中也有广泛的应用。
二项式定理及其应用
二项式定理及其应用二项式定理是高中数学中的重要内容之一，在代数和组合数学中具有广泛的应用。
它可以帮助我们在求解各种数学问题时简化计算，提高效率。
本文将介绍二项式定理的基本概念、公式及其应用领域。
一、二项式定理的基本概念二项式定理是指对于任意实数a和b，以及任意正整数n，有以下公式成立：(a+b)^n = C(n,0) * a^n * b^0 + C(n,1) * a^(n-1) * b^1 + C(n,2) * a^(n-2) * b^2 + ... + C(n,n-1) * a^1 * b^(n-1) + C(n,n) * a^0 * b^n其中C(n,r)表示组合数，即从n个不同元素中取r个元素的组合数。
根据组合数的性质，可以得出C(n,r) = n! / (r! * (n-r)!)的计算公式。
二、二项式定理的公式1. 二项式展开式：根据二项式定理，可以将(a+b)^n展开为一系列单项式相加的形式。
每个单项式的系数即为组合数C(n,r)，而a和b的幂分别为n-r和r。
例如，(a+b)^3 = C(3,0) * a^3 * b^0 + C(3,1) * a^2 *b^1 + C(3,2) * a^1 * b^2 + C(3,3) * a^0 * b^3。
2. 二项式系数：在二项式展开式中，各个单项式前的系数即为二项式系数。
二项式系数具有一些特殊性质，比如对称性和递推性。
例如，C(n,r) = C(n-1,r-1) + C(n-1,r)。
3. 常见的二项式定理公式：- (a+b)^2 = a^2 + 2ab + b^2- (a-b)^2 = a^2 - 2ab + b^2- (a+b)^3 = a^3 + 3a^2b + 3ab^2 + b^3- (a-b)^3 = a^3 - 3a^2b + 3ab^2 - b^3- ...三、二项式定理的应用领域二项式定理在代数和组合数学中有广泛的应用，以下列举其中几个常见的领域：1. 多项式的展开和化简：通过二项式定理，我们可以将高次多项式展开为各项系数的和，进而进行化简和计算。
二项式定理百科
二项式定理百科二项式定理（Binomial theorem）是数学中的一个重要定理，它描述了如何展开一个二项式的幂。
这个定理在代数、组合数学、概率论等领域都有广泛应用。
本文将详细介绍二项式定理及其应用。
一、二项式定理的定义二项式定理是指对于任意实数a和b以及非负整数n，都有以下等式成立：$$(a+b)^n=\sum_{k=0}^{n}\binom{n}{k}a^{n-k}b^k$$其中，$\binom{n}{k}$表示组合数，计算公式为$$\binom{n}{k}=\frac{n!}{k!(n-k)!}$$式中的$\binom{n}{k}$可以读作n选择k，它表示从n个元素中选择k个元素的组合数。
二项式系数$\binom{n}{k}$决定了二项式展开后各项的系数。
二、二项式定理的展开式通过二项式定理，可以将一个二项式的幂展开成多个项的和。
例如，对于$(a+b)^3$，应用二项式定理，展开式为：$$(a+b)^3=\binom{3}{0}a^3b^0+\binom{3}{1}a^2b^1+\binom{3}{2}a ^1b^2+\binom{3}{3}a^0b^3$$化简得：$$a^3+3a^2b+3ab^2+b^3$$可以看出，展开后的每一项的指数和为3，且系数由组合数$\binom{3}{k}$确定。
三、二项式定理的应用1. 代数应用二项式定理常用于代数运算中，特别是求解多项式的展开式和系数。
通过二项式定理，可以快速计算高次幂的二项式展开式，简化复杂计算过程。
同时，二项式定理也可用于证明其他代数恒等式。
2. 组合数学组合数学研究的是离散结构和计数问题。
二项式定理的组合数$\binom{n}{k}$用于计算从n个元素中选择k个元素的方法数。
这对于排列组合、概率计算等问题都具有重要意义。
3. 概率论在概率论中，二项分布是一种重要的离散概率分布，它描述了一系列独立重复实验中成功次数的概率分布。
二项式定理可以用于计算二项分布的概率，判断在一定概率下，事件发生k次的概率。
二项式定理公式
二项式定理公式在高中数学中，我们学习了许多数学公式和定理，其中一个非常重要且广泛应用的定理就是二项式定理。
二项式定理是代数中的一个基本定理，描述了二项式的展开式，并提供了一个快速计算幂的方法。
通过使用二项式定理，我们可以轻松计算任意非负整数指数的二项式系数。
本文将详细介绍二项式定理及其应用。
一、二项式定理的定义二项式指的是形如(a + b)^n的表达式，其中a和b是实数，n是一个非负整数。
二项式定理提供了(a + b)^n的展开式。
根据二项式定理，展开式可以表示为：(a + b)^n = C(n,0)a^n·b^0 + C(n,1)a^(n-1)·b^1 + C(n,2)a^(n-2)·b^2 + ... + C(n,n-1)a^1·b^(n-1) + C(n,n)a^0·b^n其中C(n,k)表示n个元素中取出k个元素的组合数，也被称为二项式系数。
组合数的计算公式为：C(n,k) = n! / (k!(n-k)!)二、二项式定理的证明二项式定理的证明可以通过数学归纳法来完成。
这里我们以简化的二项式(a + b)^2为例进行证明。
首先，展开(a + b)^2，我们有：(a + b)^2 = (a + b)(a + b) = a·a + a·b + b·a + b·b去掉括号并简化：(a + b)^2 = a^2 + 2ab + b^2从这个简化的二项式可以看出，二项式定理在幂为2时成立。
接下来，我们需要使用数学归纳法证明对于任意非负整数n，二项式定理都成立。
假设对于一个非负整数n，二项式定理在幂为n时成立，即：(a + b)^n = C(n,0)a^n·b^0 + C(n,1)a^(n-1)·b^1 + C(n,2)a^(n-2)·b^2 + ... + C(n,n-1)a^1·b^(n-1) + C(n,n)a^0·b^n我们需要证明在幂为n+1时，二项式定理仍然成立：(a + b)^(n+1) = C(n+1,0)a^(n+1)·b^0 + C(n+1,1)a^n·b^1 +C(n+1,2)a^(n-1)·b^2 + ... + C(n+1,n)a^1·b^n + C(n+1,n+1)a^0·b^(n+1)通过展开(a + b)^(n+1)，我们发现可以将其拆分为两部分：(a + b)^(n+1) = (a + b)·(a + b)^n根据归纳假设，我们知道(a + b)^n可以展开为二项式系数的形式。
二项式定理及其应用
二项式定理及其应用二项式定理是数学中非常基础的一个定理，它的重要性不亚于勾股定理和皮克定理。
在高中数学学习中，学生一定会接触到它，它被广泛应用于高中数学乃至进一步的数学学习中。
下面我们就来介绍一下什么是二项式定理以及它的应用。
一、二项式定理的定义二项式定理又称为二项式展开定理，是可以展开(a+b)^n的定理。
其中a、b为任意数，n为正整数。
它的一般形式为：(a+b)^n = C(n,0)·a^n·b^0 + C(n,1)·a^(n-1)·b^1 + … + C(n,k)·a^(n-k)·b^k + … + C(n,n)·a^0·b^n其中C(n,k)表示组合数。
二、组合数的定义组合数是数学中一个非常重要的概念，它的作用非常广泛，不仅仅在二项式定理中使用，还在概率论、统计学、组合数学等多个领域中都有应用。
组合数C(n,k)表示从n个不同元素中取出k个元素的组合数，公式为：C(n,k) = n!/(k!(n-k)!),其中0≤k≤n，n!表示n的阶乘。
三、二项式定理的应用1.幂的展开(a+b)^n = C(n,0)·a^n·b^0 + C(n,1)·a^(n-1)·b^1 + … + C(n,k)·a^(n-k)·b^k + … + C(n,n)·a^0·b^n中，幂的展开就是应用二项式定理的一个实际应用。
例如：(2x+3)^3 = C(3,0)·2^3·3^0 + C(3,1)·2^2·3^1 + C(3,2)·2^1·3^2 + C(3,3)·2^0·3^3 = 8x^3+36x^2+54x+272.排列组合排列组合问题是组合数学中的一个重要分支，可以通过二项式定理来解决。
二项式定理及其应用
二项式定理及其应用1. 引言二项式定理是数学中的一个重要定理，它描述了如何展开二项式的幂。
该定理在代数、组合数学、数论以及其他数学领域有着广泛的应用。
本文将介绍二项式定理的数学表达式、证明过程以及一些常见的应用。
2. 二项式定理的表达式二项式定理可以用以下的数学表达式来描述：$$(a + b)^n = C(n,0) \\cdot a^n \\cdot b^0 + C(n,1) \\cdot a^{n-1} \\cdot b^1+ ... + C(n,k) \\cdot a^{n-k} \\cdot b^k + ... + C(n,n) \\cdot a^0 \\cdot b^n$$ 其中，C(n,k)表示组合数，即从n个元素中选取k个元素的不同组合数量。
3. 二项式定理的证明为了证明二项式定理，我们可以使用数学归纳法。
首先，考虑当n=1时的情况：(a+b)1=a+b显然，上述等式成立。
假设当n=m时，二项式定理成立，即：$$(a + b)^m = C(m,0) \\cdot a^m \\cdot b^0 + C(m,1) \\cdot a^{m-1} \\cdotb^1 + ... + C(m,k) \\cdot a^{m-k} \\cdot b^k + ... + C(m,m) \\cdot a^0 \\cdot b^m$$ 我们需要证明当n=m+1时，二项式定理也成立。
首先，考虑展开(a+b)m+1：$$(a + b)^{m+1} = (a + b) \\cdot (a + b)^m$$根据归纳假设，我们可以将(a+b)m展开为：$$(a + b)^m = C(m,0) \\cdot a^m \\cdot b^0 + C(m,1) \\cdot a^{m-1} \\cdotb^1 + ... + C(m,k) \\cdot a^{m-k} \\cdot b^k + ... + C(m,m) \\cdot a^0 \\cdot b^m$$ 将上述展开式代入$(a + b) \\cdot (a + b)^m$中，我们可以得到：$$(a + b) \\cdot (a + b)^m = (C(m,0) \\cdot a^m \\cdot b^0 + C(m,1) \\cdota^{m-1} \\cdot b^1 + ... + C(m,k) \\cdot a^{m-k} \\cdot b^k + ... + C(m,m) \\cdota^0 \\cdot b^m) \\cdot (a + b)$$将上式展开并合并同类项，我们可以得到：$$(a + b) \\cdot (a + b)^m = C(m,0) \\cdot a^{m+1} \\cdot b^0 + (C(m,1)\\cdot a^m \\cdot b^1 + C(m,0) \\cdot a^m \\cdot b^1) + ... + (C(m,k) \\cdota^{m-k+1} \\cdot b^k + C(m,k-1) \\cdot a^{m-k} \\cdot b^{k+1}) + ... + a^0 \\cdot C(m,m) \\cdot b^{m+1}$$我们可以通过重新排列项来证明上式等于展开式(a+b)m+1的每一项。
二项式定理的数值计算与应用
二项式定理的数值计算与应用二项式定理是代数学中的一条重要定理，描述了二项式的幂的展开形式。
它在数值计算和实际应用中具有广泛的应用。
本文将探讨二项式定理的数值计算方法以及它在实际问题中的应用。
一、二项式定理的数值计算二项式定理的一般形式为：(x + y)^n = C(n,0) * x^n * y^0 + C(n,1) * x^(n-1) * y^1 + ... + C(n,n-1)* x^1 * y^(n-1) + C(n,n) * x^0 * y^n其中，C(n,k)表示从n个元素中选取k个元素的组合数。
在实际计算中，当n较大时，直接展开计算会导致复杂的运算和较长的计算时间。
为了节省计算资源，我们可以利用二项式定理的性质进行数值计算。
首先，我们可以利用组合数的性质，C(n,k) = C(n, n-k)。
这个性质可以帮助我们化简计算过程。
其次，我们可以使用递推公式，C(n,k) =C(n-1,k-1) + C(n-1,k)，来计算组合数，从而减少计算量。
例如，我们要计算 (2 + 3)^5 的展开式。
根据二项式定理，展开式为：C(5,0) * 2^5 * 3^0 + C(5,1) * 2^4 * 3^1 + C(5,2) * 2^3 * 3^2 + C(5,3) * 2^2 * 3^3 + C(5,4) * 2^1 * 3^4 + C(5,5) * 2^0 * 3^5通过利用组合数的性质和递推公式，我们可以得到：1 * 2^5 * 3^0 + 5 * 2^4 * 3^1 + 10 * 2^3 * 3^2 + 10 * 2^2 * 3^3 + 5 *2^1 * 3^4 + 1 * 2^0 * 3^5进一步计算，得到最终结果：1 * 32 * 1 + 5 * 16 *3 + 10 * 8 * 9 + 10 *4 * 27 +5 * 2 * 81 + 1 * 1 * 243= 32 + 240 + 720 + 1080 + 810 + 243= 3125因此，(2 + 3)^5 = 3125。
二项式定理的应用求解二项式系数的数值
二项式定理的应用求解二项式系数的数值二项式定理是高中数学中的一个重要定理，它描述了一个二项式的幂展开式。
在数学中，二项式系数通常表示为nCr，代表了从n个元素中选择r个元素的组合数。
求解二项式系数的数值是一项常见的数学问题，它有着广泛的应用范围。
1. 二项式定理的基本原理二项式定理表述了一个二项式的幂展开式，它可以表示为：(x + y)^n = C(n,0) * x^n * y^0 + C(n,1) * x^(n-1) * y^1 + C(n,2) * x^(n-2) * y^2 + ... + C(n,n-1) * x^1 * y^(n-1) + C(n,n) * x^0 * y^n其中，C(n,r)表示从n个元素中选择r个元素的组合数。
2. 求解二项式系数的数值为了求解二项式系数的数值，我们可以利用二项式定理的原理，结合组合数的定义，使用公式进行计算。
一般来说，二项式系数的数值可以通过排列组合的方式求解。
举例来说，假设我们需要求解C(5,2)的数值。
根据组合数的定义，C(5,2)表示从5个元素中选择2个元素的组合数。
我们可以使用如下公式进行计算：C(5,2) = 5! / (2! * (5-2)!)其中，n!表示n的阶乘，即n! = n * (n-1) * (n-2) * ... * 2 * 1。
将上述公式带入计算，可以得到：C(5,2) = 5! / (2! * 3!) = (5 * 4 * 3!)/ (2! * 3!) = (5 * 4) / (2 * 1) = 10因此，C(5,2)的数值为10。
3. 二项式系数的应用二项式系数在概率论、组合数学、代数等领域有着广泛的应用。
在概率论中，二项式系数可以用来计算二项分布的概率。
二项分布描述了在一系列独立的、同分布的伯努利试验中，成功次数为r的概率。
而二项分布的概率可以通过二项式系数进行计算。
在组合数学中，二项式系数可以用来解决排列组合的问题。
二项式定理的基本概念和应用
二项式定理的基本概念和应用二项式定理，又称为“二项式展开定理”，是数学中的一个重要定理，它描述了一个二项式的幂的展开式。
本文将对二项式定理的基本概念和应用进行探讨，希望能够对读者理解和应用该定理起到一定的帮助。
1. 二项式定理的基本概念二项式定理是指将一个二项式的幂展开成一系列项的规律。
表达式的形式如下：$(a + b)^n = \sum_{k=0}^{n}C_n^k \cdot a^{n-k} \cdot b^k$其中，$(a + b)^n$表示一个二项式的幂，$C_n^k$表示组合数，即从n个元素中选取k个元素的组合数。
2. 二项式定理的证明二项式定理的证明可以通过多种方法进行，其中较为常见的有以下两种方法：数学归纳法和组合数学方法。
这里简要介绍一下数学归纳法的证明思路。
首先，在n=1的情况下，二项式定理成立：$(a + b)^1 = a^1 + b^1$接下来，假设当n=m时，二项式定理也成立，即$(a + b)^m = \sum_{k=0}^{m}C_m^k \cdot a^{m-k} \cdot b^k$我们需要证明当n=m+1时，定理也成立。
通过展开$(a + b)^{m+1}$，我们可以得到:$(a + b)^{m+1} = (a + b)^m \cdot (a + b)$根据假设得到的等式，我们将其代入上述公式：$(a + b)^{m+1} = \left(\sum_{k=0}^{m}C_m^k \cdot a^{m-k} \cdotb^k\right) \cdot (a + b)$我们可以对上述公式进行分配律的展开：$(a + b)^{m+1} = \left(\sum_{k=0}^{m}C_m^k \cdot a^{m-k+1} \cdot b^k\right) + \left(\sum_{k=0}^{m}C_m^k \cdot a^{m-k} \cdotb^{k+1}\right)$我们可以对上述等式进行一些变换和合并得到：$(a + b)^{m+1} = \sum_{k=0}^{m}\left(C_m^k \cdot a^{m-k+1} \cdot b^k + C_m^k \cdot a^{m-k} \cdot b^{k+1}\right)$进一步化简，我们得到：$(a + b)^{m+1} = \sum_{k=0}^{m}\left((C_m^k + C_m^{k-1}) \cdota^{m-k+1} \cdot b^k\right)$我们可以观察到$(C_m^k + C_m^{k-1})$的表达式，它可以化简成组合数的形式：$C_{m+1}^k$，于是上述等式可以再次化简为：$(a + b)^{m+1} = \sum_{k=0}^{m+1}\left(C_{m+1}^k \cdot a^{m+1-k} \cdot b^k\right)$因此，根据数学归纳法，我们可以得出结论：对于任意的非负整数n，二项式定理都成立。
二项式定理的应用
和的性质
对于任意非负整数$n$，有 $sum_{k=0}^n C_n^k = 2^n$。
组合数与二项式系数关系
01
组合数$C_n^k$与二项式系数的关系为：在$(a+b)^n$的展 开式中，第$k+1$项的系数即为$C_n^k$。
计算事件的组合数
通过二项式定理的展开式，可以求出 不同事件发生次数的组合数，进而计 算相应事件的概率。
期望和方差计算中运用二项式定理
计算期望值
在概率统计中，期望值是一个重要的概念。利用二项式定理，可以方便地计算二项分布的期望值。
计算方差
方差用于描述数据的离散程度。通过二项式定理，可以推导出二项分布的方差计算公式。
迭代法求解中运用二项式定理
利用二项式定理加速迭代过程
在迭代法中，通过不断逼近解的方式来求解问题。利用二项 式定理，可以构造出具有更快收敛速度的迭代格式，从而提 高迭代法的求解效率。
迭代法的稳定性与二项式定理
迭代法的稳定性是指迭代过程中误差的传播情况。二项式定 理可以帮助分析迭代法的稳定性，并提供改进稳定性的方法 。
鸽巢原理与二项式定理关系探讨
鸽巢原理的表述
如果n个鸽子要放进m个鸽巢，且n > m，则至少有一个鸽 巢里至少有2只鸽子。这个原理可以通过二项式定理进行证 明。
利用二项式定理证明鸽巢原理
通过构造一个二项式(1+1)^n，并将其展开，可以得到一 个包含n+1项的表达式。由于每一项都对应一个鸽巢的状 态（有鸽子或无鸽子），因此当n > m时，至少有一个鸽 巢对应的状态被多次计算，即至少有一个鸽巢里至少有2只 鸽子。
二项式定理应用
二项式定理的应用一. 二项式定理的主要内容 1. 公式：通项：二项式展开式中第r+1项为 : （r=0,1, 2,n) 2. 两个特别容易混淆的概念：（1）二项式系数： ( i=0,1, 2,n)叫做二项式系数. （2）展开式中项的系数：展开式中某一项的系数。
3. 递推二项式定理的过程，即某一项的形成过程. 例如：b aC rr n r n -的形成过程：从n 个括号中取r 个括号中的b ，另外n-r 个括号中取a ，故得.二. 主要应用（除常规的展开外） 1. 递推过程的应用：例1.在(x+y+z)9中，求展开式中x 4y 3z 2的系数.解：由x 4y 3z 2的形成过程可知，在9个括号中取4个括号中的x ，剩下5个括号中取3个括号取y ，再剩下的两个括号中取z ，故得x 4y 3z 2系数为 =1260. 例2.在(1+x)(2+x)(3+x)∙∙ (19+x)(20+x)的展开式中,求x 18的系数.解：在20个括号中取出18个括号取x ，另外剩下两个括号取常数，由于各个常数不相等，故不能简单地用“组合数”计算，而应按实际数值计算。
即在1，2， 3，20中任取两个数求积（所取两数不能重复组合），再求出这些积的和. 如以“1”为准时，其积的和为：1⨯2+1⨯3+1⨯4+1⨯5++ 1⨯19+1⨯20=209； 以“2”为准时，其积的和为：2⨯3+2⨯4+2⨯5++ 2⨯19+2⨯20=414； ……以此类推，最后为19⨯20=380，故x 18的系数为这些和的和，即20615. 例3.求(1+2x)(1+22x)(1+23x)…(1+2n x)展开式中x 项的系数与x 2项的系数。
x 项的系数是221-+n 与x 2项的系数是2. 求特定的项或特定项的系数：例1.求(x-1)-(x-1)2+(x-1)3-(x-1)4+(x-1)5展开式中x 2项的系数.解：（方法一）可逐项分析：(x-1)中没有x 2项，-(x-1)2中x 2项的系数为C 02-，(x-1)3中x 2()b C b a C a C a C b a nn n n n n n n n n b ++++=--+ 222110()()()bCb a C a C a C b a nn nnn n n n n n n b 112222110)1(---+++-+=-- ()x C x C C x n n n n n n x ++++=+ 22111b a C T rr n r n r -+=1ba C a Cb C rrn rnrn rn r n rrn ----=212384++-+n n C C C 223549Cin项的系数为C 13-，-(x-1)4中x 2项的系数为C 24-，(x-1)5中x 2项的系数为C 35-，于是，展开式中x 2项的系数为：C02-C13-C24-C35-=-20.（方法二）原式可以看成是一个首项为(x-1)，公比为（1-x)的等比数列之和， 于是，原式=()()()x x x --⎥⎦⎤⎢⎣⎡---111115=()()xx x -+-161∴展开式中x 2的系数即为(x-1)6的展开式中x 3的系数， ∴系数为()C1363-=-20.例2.求(1+x)6(1-x)4的展开式中x 3的系数.解：由乘法法则可知，展开式中x 3的项分别由(1+x)6中的项x 0, x, x 2, x 3与(1-x)4中的x 3, x 2，x, x 0项对应相乘合并而成，故得展开式中x 3的系数为C C C C C C C C 0436142624163406+-+- = -8.例3.求（1-x 3)(1+x)10的展开式中x 5的系数.解：同上例，可知展开式中x 5的项是由(1+x)10中的x 5项, x 2项分别与1-x 3相乘合并而成，故得x 5的系数为C C 210510-=207. 例4.已知⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛-29x x a中x 3的系数是49，求a 的值. 解：()()xaCx x a C T rrrr rrrrrr 9239299912121----+-⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛⎪⎭⎫ ⎝⎛-==令392r3=- 得r = 8故()x x CTa a 334898916921==--∴49a 169=∴a=43. 有关整除或求余数：例1.求2100除以9的余数. 解:()+-+-==- 3331329821009911001000100100100C C CC C C C C 100100991002981003971004961003_333++-+=139)(991009810039710010033+-+-+C C C =)27(971001003C -+ +9⨯4950-300+1 ∵)27(C397100100-+ 能被9整除，故余数由9⨯4950-300+1确定，而9⨯4950-300+1=44251=4916⨯9+7 故余数为7例2.设n ∈N n ≠1求证33n-26n-1能被676整除证明: 33n -26n-1=27 n -26n-1=(26+1)n-26n –1 =CCC C C n nn nn nn n n n n++++++----26122221126262626 -26n-1=)(23122262626C C n n n n n ---+++ =676)(23122626C C n n n n n ---+++而)(23122626C C n n n n n ---+++ 为整数故33 n-26n-1能被676整除. 4. 求有理项或求最大项系数； 例1.求⎪⎭⎫ ⎝⎛+32110x x 展开式中项系数最大的项及展开式中的有理项. 解：()xxCx x CTrr rr rrr r 3210101010122113--+==⎪⎭⎫⎝⎛ =xC r rr 630102--（1）设第r+1项系数最大，则210rr C -≥2)1(110+-+r r C 210r rC -≥2)1(110---r r C解第一个不等式得r ≥ 解第二个不等式得r ≤ 因为r 为正整数，故r=3.∴项系数最大的项是第4项，这一项为：. （2）要使展开式为有理项，须6r 30-为整数∵0≤r ≤10 故r=0或r=6即第一项和第七项为有理项，它们分别是：T 1=x 5, T 7=32105x 4.38311x x T 4415=例2.当（1+x+Px 2)4的展开式中x 4的系数取到最小值时，求P 的值. 解：（1+x+Px 2）4=[1+(x+Px 2)4()()xP C C x P xC C xP x C Tkr k k rr kkr k rr rr r +-+===+444122令r+k=4 ∵0≤r ≤4, 0≤k ≤r则r, k 的值可能是(4,0), (3,1), (2,2)故展开式中的系数为P C C C C C C 2222413340444P ++=1+12P+6P 2当x 4的系数取到最小值时P= -1（此时最小值是-5）5. 证明有关组合数的等式：例1.求证：2132132-∙=++++n n n n n n n n C C C C证明：（方法一）∵k )!()!1(!)!(!!k n k n k n k n kC kn --=-==C k n n k n k n n 11)]!1()1[()!1()!1(--=----- (k=1, 2,n)故 左边=n C C C C n n n n n n n n 11211101-----++++ =n 21-∙n =右边（方法二）右边=n()C C Cn n n n1110--+++ =C C C n n n n n n n 111101----+++=n ∙1+n ∙ (n-1)+n ∙++∙-- 21)2)(1(n n n 123)2)(1(123)2)(1(⋅⋅--⋅⋅--∙n n n n=C C C C C nn n n n n n n n +-++++-1321)1(32 =左边（方法三）令=s n C C C C Cnn n n n n nn n +-++++-1321)1(32 ①则C C C C C s nn n n nn n n n n n n +-++++=---1321)1(32 ②两式相加①+②得2=s n C C C C n n n n n n n n n n 121]1)1[()]2(2[)]1(1[-+-++-++-++ +n C n n=2121nnn n n n n n n n n n n n C C C C C ∙=+++++- 故=snn 21-⋅n例2.求证2<⎪⎭⎫ ⎝⎛+n n11<3 n ∈N, n ≥2 证明：⎪⎭⎫ ⎝⎛+n n11=1+n C n C C n nn n n n111221+++=1+1+nCnCnn nn1122++ ＞2.nn n i i n n n n i n i n nnCiii n⋅⋅⋅⋅⋅+---=-=321)1()2)(1()!(!!1＜i3211 ⋅⋅＜22211 ⋅⋅ =211-i (i= 2n)=1+nC nC C nnnnnn111221+++ ＜1+1+22121121-+++n=2+1-21n＜3. ∴2<⎪⎭⎫ ⎝⎛+n n11<3 例3.求证：C C C C n nn n n n 11312121+++++ =()11121-++n n .证明:右边=)1(1111111-++++++++C C C n n n n n =)(11112111CCCn n n n n ++++++++=∑∑==++--++++=+ni ni i n i n i n n n C 0011)!11()!1()!1(1111=∑∑==+=-+ni i nni Ci i n i n i 011)!(!!11=CC C C n nn n n n 11312121+++++=左边6. 有关数列的计算；例1.已知（2x+3)4=a 0+a 1x+a 2x 2+a 3x 3+a 4x 4, 求(a 0+a 2+a 4)2-(a 1+a 3)2的值. 解：令x=1得a 0+a 1+a 2+a 3+a 4=(2+3)4⎪⎭⎫ ⎝⎛+n n11令x= -1得a 0-a 1+a 2-a 3+a 4=(2-3)4∴(a 0+a 2+a 4)2-(a 1+a 3)2= (a 0+a 1+a 2+a 3+a 4) (a 0-a 1+a 2-a 3+a 4) = (2+3)4(2-3)4=1例2.若(1-3x)8= a 0+a 1x ++ a 8x 8 , 求|a 0|+|a 1|+|a 2|++ |a 8|的值 解：由已知a 1,a 3,a 5,a 7得均小于0而a 0,a 2,a 4,a 6,a 8均大于0∴|a 0|+|a 1|+|a 2|++ |a 8|=a 0-a 1+a 2-a 3+a 4-a 5+a 6-a 7+a 8故可令x=-1即得|a 0|+|a 1|+|a 2|++ |a 8|=a 0-a 1+a 2-a 3+a 4-a 5+a 6-a 7+a 8=48例3.求1-2()CC C C n nnn n n 232184-++-+ 的值解:倒用二项式定理可得: 1-2()CC C C n nnn n n 232184-++-+ =())2(22210)2(--+++-+nnn nn n C C C C=(1-2)n =(-1)n例4.已知（2x 2+4x+3)6= a 0+ a 1(x+1)2+ a 2 (x+1)4++ a 6 (x+1)12求:a 0 +a 2 +a 4 +a 6的值. 解：由已知得（2x 2+4x+3)6= [1+2(x+1)2]6=a 0+ a 1(x+1)2+ a 2 (x+1)4++ a 6 (x+1)12令x=0得a 0+ a 1+ a 2+ a 3+ a 4+ a 5+ a 6 = 36= 729 令(x+1)2= -1（事实上是令x = i-1）则得a 0- a 1+ a 2- a 3+ a 4- a 5 + a 6 =(-1)6=1 两式相加得2(a 0 +a 2 +a 4 +a 6)=730 故a 0 +a 2 +a 4 +a 6=365例5.设a n =1+q+q 2+q 3++ q n-1 (n ∈N + , q ≠±1)A n =a C a C a C n nn n n +++ 2211（1）求证:())1/(][12q q A nnn --=+（2）若b 1+b 2+b 3++ b n =A n /2n ，求证:﹛b n ﹜为等比数列 （1）证明：由已知得a i =1+q+q 2++ q i-1=qqi--11 (i=1, 2n)∴∑∑∑==-⎪⎭⎫ ⎝⎛--=--==ni iin ni ii nni iinnqC qCaC Aq q 11111111=⎥⎦⎤⎢⎣⎡--∑∑==ni iinni i nqC Cq 1111=)]1(1[112212-++++---q C q C C C nnn n n n nq q=()][1112q nnq+--（2）证明：∵b 1+b 2+b 3++ b n =A n /2n ，∴ b 1+b 2+b 3++ b n-1=A n-1/2n-1，∴b n = A n /2n -A n-1/2n-1 b n-1= A n-1/2n-1 -A n-2/2n-2故AAA A A A A A bb n n n nn n n n n n nn n n42222222112211111------------=--==()()()()][114][112][112][1112121212221111q q q q n n n n n n nnqqq q ++++--------∙---∙--∙--- =()()()()q q q q n nn nn nnn++++---+--+--12121212211422=2q 1+∵q ≠±1 故2q 1+为常数 ∴﹛b n ﹜为等比数列,公比为2q 1+.例6：求证：25010010081006100410021001-=+-+-+-C C C C C 证明：构造二项式展开式：()xC xC C x x 100100100221001100211++++=+令x=i 则x 2=i 2=-1, x 3=i 3=-i, x 4=i 4=1 于是得()C C C C C C i i i i 1001005100410031002100110010011+-++--+=+ ①令x= -i 则x 2=(-i)2=-1, x 3=(-i)3=i, x 4=(-i)4=1 于是得()C C C C C C i i i i 1001005100410031002100110010011+--++--=- ②把①+②得()()()CCCCi i 1001006100410021001001001211++-+-=+-+而()()+=+⎥⎦⎤⎢⎣⎡⎪⎭⎫ ⎝⎛+-+4sin 4cos 211100100100ππi i i⎭⎬⎫⎩⎨⎧⎥⎦⎤⎢⎣⎡⎪⎭⎫ ⎝⎛-+⎪⎭⎫ ⎝⎛-4sin 4cos 2100ππi=2100(cos25л+ i sin25л)+2100〔cos (-25л)+ i sin(-25л)〕=250·(cos25л+cos25л) =250·(-1-1)= -2·250∴25010010081006100410021001-=+-+-+-C C C C C7.有关“杨辉三角”的研究：例1.有一个数列：1，1，2，1，2，3，1，2，3，4，1，2，3，4，5，…… 求第100项的值.解： 设以每个1开头的一段数的个数排成的数列为{}a n ，即a 1=1a 2=2a 3=3a 4=4，则n n s n 21+=，令10021=+=n n s n ，即得n 2+n-200=0∵n=13时，有n 2+n-200=-18<0，当n=14时，有n 2+n-200=10>0 故S 13<0，而S 14>0 ∴数列1，1，2，1，2，3，1，2，3，4，1，2，3中a 14的第9项，所以第100项为9例2.如图，它满足：(1)第n 行的首尾两数均为n ； (2)表中的递推关系类似杨辉三角. 则第n 行的第2个数是多少？解：设第n 行的第2个数是a n ，则a n =(n-1)+a n-1 于是可求得例3.数列：1，2，4，3，9，27，81，4，16，64，256， 1024，4096，16374，65496，………。
二项式定理的推导与应用
二项式定理的推导与应用一、二项式定理的定义二项式定理是数学中一个重要的定理，描述了一个二项式的指数幂展开式。
定理的表达式如下：(a + b)^n = C(n,0) * a^n * b^0 + C(n,1) * a^(n-1) * b^1 + C(n,2) * a^(n-2) * b^2 + ... + C(n,n) * a^0 * b^n其中，C(n,k)代表从n个元素中选取k个的组合数。
二、二项式定理的推导过程推导二项式定理的常用方法是利用数学归纳法。
首先，当n=1时，二项式定理成立，即(a + b)^1 = a + b。
假设当n=k时，二项式定理成立，即(a + b)^k = C(k,0) * a^k * b^0 + C(k,1) * a^(k-1) * b^1 + ... + C(k,k) * a^0 * b^k。
接下来，我们需要证明当n=k+1时，二项式定理也成立。
首先，展开(a + b)^(k+1)的左侧：(a + b)^(k+1) = (a + b)^k * (a + b)=(C(k,0) * a^k * b^0 + C(k,1) * a^(k-1) * b^1 + ... + C(k,k) * a^0 * b^k) * (a + b)然后，我们展开右侧的乘法，并按照幂次递减的顺序排列各项：=(C(k,0) * a^k * b^0) * (a + b) + (C(k,1) * a^(k-1) * b^1) * (a + b) + ... + (C(k,k) * a^0 * b^k) * (a + b)然后，我们可以将每一项展开并进行化简：=(C(k,0) * a^k * b^0 * a + C(k,0) * a^k * b^0 * b) + (C(k,1) * a^(k-1) * b^1 * a + C(k,1) * a^(k-1) * b^1 * b) + ... + (C(k,k) * a^0 * b^k * a + C(k,k) * a^0 * b^k * b)=(C(k,0) * a^(k+1) * b^0 + C(k,1) * a^k * b^1) + (C(k,1) * a^k * b^1 + C(k,2) * a^(k-1) * b^2) + ... + (C(k,k-1) * a^1 * b^k + C(k,k) * a^0 * b^(k+1) + C(k,k) * a^0 * b^k)注意观察每项的系数，我们可以发现在每一项中，系数的排列可以按照二项式系数的定义(C(n,k) = C(n-1,k) + C(n-1,k-1))，得到：=(C(k+1,0) * a^(k+1) * b^0 + C(k+1,1) * a^k * b^1) + (C(k+1,1) * a^k * b^1 + C(k+1,2) * a^(k-1) * b^2) + ... + (C(k+1,k) * a^1 * b^k + C(k+1,k+1) * a^0 * b^(k+1))可见，右侧的各项满足二项式定理的形式。
高中数学中的二项式定理及其应用
高中数学中的二项式定理及其应用在高中数学中，二项式定理是不可避免的一个重要话题。
二项式定理是指将一个二元式(a+b)的n次幂展开后，各项的系数满足一定规律。
这个定理的重要性不仅在于它本身的理论意义，更在于它的广泛应用。
本文将从二项式定理的基本概念开始，探讨它的应用。
一、二项式定理首先，我们来看一下二项式定理的公式：(a+b)ⁿ = C(n,0)aⁿb⁰ + C(n,1)aⁿ⁻¹b¹ + … + C(n,r)aⁿ⁻ʳbr + … +C(n,n)a⁰bⁿ其中，C(n,r)是组合数，它表示从n个元素中取r个元素的方案数，也可以用以下公式表示：C(n,r) = n!/(r!(n-r)!)例如，C(4,2) = 4!/(2!2!) = 6，表示从{1,2,3,4}这4个元素中取出2个元素的所有方案数为6个。
二项式定理告诉我们，将二元式(a+b)的n次幂展开后，每一项的系数都可以用组合数来表示。
这个规律具有很强的普适性，不论a、b是什么数，n是什么值，都能套用这个定理。
二、二项式系数的性质在实际应用中，二项式系数的性质也是我们需要掌握的。
这里列举几个常见的性质：1.对称性：C(n,r) = C(n,n-r)即从n个元素中取出r个元素的方案数等于从n个元素中取出n-r个元素的方案数。
这个性质的证明比较简单，可以通过对组合公式的变形来完成。
2.递推关系：C(n,r) = C(n-1,r-1) + C(n-1,r)即从n个元素中取出r个元素的方案数等于从n-1个元素中取出r-1个元素的方案数加上从n-1个元素中取出r个元素的方案数。
这个递推关系非常有用，可以应用于组合恒等式的证明，也可以结合递归算法来解决一些实际问题。
3.二项式系数的对数性质：∑C(n,r) = 2ⁿ即二项式系数C(n,0) + C(n,1) + … + C(n,n)的和等于2的n次幂。
这个性质的证明也比较简单，可以利用二项式定理将(a+b)ⁿ展开来证明。
二项式定理及其实际问题应用
二项式定理及其实际问题应用二项式定理是初中数学中一个重要的概念，它被广泛应用于解决实际问题。
本文将简要介绍二项式定理的概念和公式，并且给出几个实际问题的应用案例。
一、二项式定理的概念与公式二项式定理是指形如以下的公式：(a+b)^n = C(n,0)a^n*b^0 + C(n,1)a^(n-1)*b^1 + C(n,2)a^(n-2)*b^2 + ... + C(n,n)a^0*b^n其中，a和b是任意实数，n是一个非负整数，C(n,m)表示组合数，表示从n个元素中选取m个元素的组合数。
二项式定理中的每一项都可以看作是组合数和幂指数的乘积。
二项式定理的公式可以递归地进行推导，也可以用组合数的公式进行证明。
它是代数学中的一个重要定理，也是高等数学和概率统计中的基础概念之一。
二、实际问题的应用案例1. 走廊的问题假设有一条由n个砖块组成的走廊，每个砖块的宽度为a，长度为b。
我们想知道从走廊的一端走到另一端有多少种不同的走法。
根据二项式定理，我们可以得到答案：一共有(a+b)^n 种不同的走法。
这个问题可以帮助我们理解二项式定理中幂指数的含义，即表示每一步走的选择。
2. 掷硬币的问题设想我们有一枚硬币，抛掷n次，求得正面朝上的次数和反面朝上的次数之和为m的概率是多少。
使用二项式定理，可以得到答案：概率为C(n,m) * (0.5)^n。
这个问题可以帮助我们理解组合数的含义，即表示从n次抛硬币中选取m次正面朝上的可能性。
3. 扑克牌的问题假设我们有一副扑克牌，求从中选取k张牌的不同组合数。
根据二项式定理，我们可以得到答案：一共有C(52,k)种不同的选牌方式。
这个问题可以帮助我们理解组合数的应用，即表示从一定数量的元素中选取特定数量的元素的方式。
三、总结二项式定理是一个重要的数学定理，它在解决实际问题中有着广泛的应用。
通过对走廊问题、掷硬币问题和扑克牌问题的分析，我们可以看到二项式定理在实际生活中的实用性。
二项式定理的起源及其应用
二项式定理的起源及其应用二项式定理是代数学中的重要定理之一，它描述了任意实数或复数a和b的任意非负整数n的幂的展开式。
二项式定理起源于数学家布莱斯·帕斯卡在17世纪的法国。
二项式定理的表达式为：(a+b)^n = C(n,0) * a^n * b^0 + C(n,1) * a^(n-1) * b^1 + C(n,2) * a^(n-2) * b^2 + ... + C(n,r) * a^(n-r) * b^r + ... + C(n,n) * a^0 * b^n，C(n,r)表示组合数，定义为从n个元素中选取r个元素的组合数。
二项式定理说明了在求解(a+b)^n时，我们可以将其展开为一系列组合数与幂的乘积之和。
二项式定理有许多重要的应用。
下面将介绍其中几个常见的应用。
1. 展开多项式：二项式定理可以用来展开形如(a+b)^n的多项式。
通过展开后，我们可以计算出多项式的各个项的系数和次数，从而更好地分析和理解多项式的性质。
2. 概率与组合数：二项式定理与组合数有密切的关系。
在概率论中，我们经常遇到从n个元素中选取r个元素的组合数，二项式定理可以用来计算这些组合数。
在扑克牌中，从52张牌中选取5张的组合数可以通过二项式定理来计算。
3. 二项式系数：二项式定理中的各项前面的系数称为二项式系数。
这些系数具有很多重要的性质和应用。
二项式系数是排列组合数的一种特殊情况，它们可以表示为n个元素中选取r个元素的排列数除以r的阶乘。
二项式系数还可以用于展开多项式的特定项或求和。
4. 集合论：二项式定理可以用来证明一些集合论中的结论。
通过二项式定理可以证明集合的幂集的元素个数等于2的n次方，其中n是集合中元素的个数。
5. 组合恒等式：二项式定理导致了许多重要的组合恒等式。
这些恒等式在组合数学中有广泛的应用。
Vandermonde恒等式是二项式定理的一个特例，它可以用来计算两个二项式系数之和的总和。
二项式定理是代数学中一个重要的定理，它的应用涵盖了多个数学领域，包括多项式展开、概率与组合数、集合论、组合恒等式等。
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赋值法求解.
解 令x=1,则a0+a1+a2+a3+a4+a5+a6+a7=-1 ①
令x=-1,则a0-a1+a2-a3+a4-a5+a6-a7=37
②
(1)∵a0=
C
0 7
=1,∴a1+a2+a3+…+a7=-2.
(2)(①-②)÷2,
得a1+a3+a5+a7=
1 37 2
=-1 094.
(3)(①+②)÷2,得
点，转化为二项式来解决，转化的方法通常为集 项、配方、因式分解，集项时要注意结合的合理性 和简捷性. 3.求常数项、有理项和系数最大的项时，要根据通 项公式讨论对r的限制；求有理项时要注意到指数 及项数的整数性.
4.性质1是组合数公式Crn Cnnr 的再现，性质2是从 函数的角度研究的二项式系数的单调性，性质3是 利用赋值法得出的二项展开式中所有二项式系数的 和.
基础自测
1.二项式（a+2b）n展开式中的第二项的系数是8，则
它的第三项的二项式系数为
A.24
B.18 C.16
（ D） D.6
解析 T2= C1n an1(2b)1 C1n 2an1b,
所以2n=8，n=4,所以
C
2 n
=
C
2 4
=6.
2.（2009·浙江理，4）在二项式 (x2 1的)5展开式中， x
1
2
∴8 2n·（n2n-=11）+，81 n（n-1），
解得n=8或n=1（不合题意，舍去），
Tk1
C8k
x
8k 2
(
1 24
x
)k
C8k
2k
43k
x 4,
当4- 43k∈Z时，Tk+1为有理项，
∵0≤k≤8且k∈Z,∴k=0，4，8符合要求.
故有理项有3项，分别是
T1=x4，T5=
35 8
x，T9=2156x-2.
一般地，若f（x）=a0+a1x+a2x2+…+anxn，则f（x）
展开式中各项系数之和为f（1），奇数项系数之和
为 a0+a2+a4+…= f (1) f (1)， 偶 数 项 系 数 之 和 为 2
a1+a3+a5+…=
f (1) f (1). 2
知能迁移2 设（2- 3 x）100=a0+a1x+a2x2+…+ a100x100,求下列各式的值： (1)a0; (2)a1+a3+a5+…+a99; (3)(a0+a2+a4+…+a100)2-(a1+a3+…+a99)2; (4)|a0|+|a1|+|a2|+…+|a100|. 解 （1）方法一 由（2- 3 x）100展开式中的常
n
当n是偶数时，中间的一项 Cn2 取得最大值.
n1
n1
当n是奇数时，中间两项 Cn2 和 Cn2 相等，且
同时取得最大值.
（3）各二项式系数的和 （a+b）n的展开式的各个二项式系数的和等于2n，即
C0n C1n Cn2 Crn Cnn =2n. 二项展开式中，偶数项的二项式系数的和 等于 奇数 项的二项式系数的和，即 C1n C3n C5n = C0n C2n C4n = 2n1 .
§10.3 二项式定理及其应用
基础知识 自主学习
要点梳理
1.二项式定理
(a b)n C0n an C1n an1b1 Cn2 an2b2 Crn anrbr
Cnn bn (n N)
.
这个公式所表示的定理叫做二项式定理，右边的
多项式叫做（a+b）n的二项展开式，其中的系数
C
r n
（r=0，1，2，…n）叫做二项式系数
CLeabharlann n1 n·8+
C
n n
·1）-8n-9
=9（8n+ C1n 8n-1+…+ Cnn282）+9·8n+9-8n-9
=9×82（8n-2+ C1n·8n-3+…+ Cnn2）+64n
=64［9（8n-2+ C1n 8n-3+…+ Cnn2）+n］，
显然括号内是正整数，∴原式能被64整除.
（2）利用二项式定理3n=(2+1)n展开证明.
数项为 C1000 ·2100，得a0=2100. 方法二 令x=0，则展开式可化为a0=2100. （2）令x=1,得a0+a1+a2+…+a99+a100=(2- 3 )100 ① 令x=-1,
可得a0-a1+a2-a3+…+a100=(2+ 3 )100
②
联立①②得a1+a3+…+a99= (2 3)100 (2 3)100 2
Cnn1)]
故结论成立.
[6分]
（2）解 ∵3100=950=（7+2）50
= C500·750·20+ C15·0 749·21+…+ C5409·7·249+ C5500·70
·250=7Mn+250，(Mn∈N*），
[9分]
又250=23×16+2=4×816=4(1+7)16
=4( C106 +7 C116+72 C126 +…+716 C1166 ) =4+7Nn (Nn∈N*), ∴3100被7除余数是4，故再过3100天是星期五.[12分]
得C2 C1r01r0
2
CC11rr0011,即121(rr1)
2r 10
, r
解得8 r 11, 33
∵r∈Z，∴r=3.故系数的绝对值最大的是第4项，
T4=- C13·0 27·x4=-15 360x4.
题型二 求展开式中各项系数之和
【例2】已知(1-2x)7=a0+a1x+a2x2+…+a7x7. 求:(1)a1+a2+…+a7; (2)a1+a3+a5+a7; (3)a0+a2+a4+a6; (4)|a0|+|a1|+|a2|+…+|a7|. 思维启迪 因为求的是展开式的系数和,所以可用
2)3,则a2的值为
（ B）
A.3
B.6
C.9
D.12
解析 ∵x3=［2+（x-2）］3，
∴展开式中含（x-2）2项的系数为
a2=T2+1= C32 ×23-2=3×2=6.
4.在(x2 1)n 的展开式中，常数项为15，则n的一个值
x
可以是
（D）
A.3
B.4
C.5
D.6
解析
通项Tr+1=
Crn (x2 )nr
探究提高 用二项式定理处理整除问题，通常把 底数写成除数（或与除数密切关联的数）与某数的 和或差的形式，再用二项式定理展开，只考虑后面 （或者是前面）一、二项就可以了. 同时，要注意余数的范围，a=cr+b，其中余数b∈ ［0，r），r是除数，利用二项式定理展开变形后， 若剩余部分是负数要注意转换.
3100=950=（7+2）50；250=4×816=4×（7+1）16.
解题示范
（1）证明 （运用二项式定理证）
4·6n+5n+1-9=4·(5+1)n+5·（4+1）n-9
3分
=4
(C0n
5n
C1n
5n1
C
n1 n
5
1)
5(C0n
4n
C1n
4n1
Cnn1 4 1) -9
20[(C0n 5n1 C1n 5n2 Cnn1) (C04 4n1 C1n 4n2
数由零逐项增1直到n.
（4）二项式的系数从C0n
，C1n
，一直到
C
n1 n
，
Cnn
.
3.二项式系数的性质
（1）对称性：与首末两端“等距离”的两个二项式
系数相等，即 Cmn Cnnm .
（2）增减性与最大值：二项式系数Ckn，当
k
n1 2
时，二项式系数是递增的；当
k n1 2
时，二项
式系数是递减的.
知 能 迁 移 3 求 证 ： （ 1 ） 32n+2-8n-9 能 被 64 整 除
（n∈N*）；
（2）3n>(n+2)·2n-1 （n∈N*，n>2）.
证明 （1）∵32n+2-8n-9=32·32n-8n-9
=9·9n-8n-9=9（8+1）n-8n-9
=9（C
08n
n
+
C1n
8n-1+…+
题型三 二项式定理的综合应用
【例3】 （12分）（1）求证：4×6n+5n+1-9是20的倍
数（n∈N*）；
（2）今天是星期一，再过3100天是星期几？
思维启迪 （ 1 ） 将 6n 化 为 （ 5+1 ） n ， 5n+1 化 为
5(4+1)n利用二项式定理展开，提取公因数20.
（2）3100被7除余几？关键是如何产生7.
含x4的项的系数是