第12章 动量矩定理

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理论力学基础 动量矩定理3

理论力学基础 动量矩定理3

(习题12-14) 习题 - )
鞍山科技大学机械工程与自动化学院工程力学系
理论力学 例题十七
第 六 节 平 面 运 动 微 分 方 程
第十二章 动量矩定理
A:m1下降,鼓轮:r、R、m2,ρ。求A的加速度。 下降,鼓轮: 的加速度。 。 的加速度
α=a/(R+r)
S S’ a aC=aR/(R+r) m1g
CHale Waihona Puke 例题十九 如图所示,板的质量为 1,受水平力 如图所示,板的质量为m
α
F ar ′ F2 F1 FN1 ′ FN2 m1g
鞍山科技大学机械工程与自动化学院工程力学系
C
m2g
aC FN2 F2
a F
理论力学
第十二章 动量矩定理
例题二十 均质圆柱体 和B的质量均为 ,半 均质圆柱体A和 的质量均为 的质量均为m,
(习题11-3) 习题 - )
鞍山科技大学机械工程与自动化学院工程力学系
理论力学
第 五 节 质 点 系 相 对 于 质 心 的 动 量 矩 定 理
第十二章 动量矩定理
二、质点系相对于质心的动量矩定理
dLO d = (rC × mvC + LC ) = ∑ r i × Fi(e) dt dt
drC dLC d (e) ′i × Fi(e) × mvC + rC × mvC + = ∑ r C × Fi + ∑ r dt dt dt
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理论力学 例题十八
第 六 节 平 面 运 动 微 分 方 程
第十二章 动量矩定理
摩擦系数: , 轮:m,R,A:m1,摩擦系数:f,求加速度及 , , BC段绳的拉力。 段绳的拉力。 段绳的拉力

012 第十二章 动量矩定理

012 第十二章 动量矩定理

第12章 动量矩定理通过上一章的学习我们知道动量是表征物体机械运动的物理量。

但是在某些情况下,一个物体的动量不足以反映它的运动特征。

例如,开普勒在研究行星运动时发现,行星在轨道上各点的速度不同,因而动量也不同,但它的动量的大小与它到太阳中心的距离之乘积—称为行星对太阳中心的动量矩,总是保持为常量,可见,在这里,行星对太阳中心的动量矩比行星的动量更能反映行星运动的特征。

在另一些情况下,物体的动量则完全不能表征它的运动。

例如,设刚体绕着通过质心C 的z 轴转动。

因为不论刚体转动快慢如何,质心速度C v总是等于零,所以刚体的动量也总是零。

但是,刚体上各质点的动量大小与其到z 轴的距离的乘积之和—即刚体对z 轴的动量矩却不等于零。

可见,在这里,不能用动量而必须用动量矩来表征刚体的运动。

§12-1 质点动量矩定理例2.人造地球卫星本来在位于离地面600km h =的圆形轨道上,如图所示,为使其进入410km r =的另一圆形轨道,须开动火箭,使卫星在A 点的速度于很短时间内增加0.646km/s ,然后令其沿椭圆轨道自由飞行到达远地点B ,再进入新的圆形轨道。

问:(1)卫星在椭圆轨道的远地点B 处时的速度是多少?(2)为使卫星沿新的圆形轨道运行,当它到达远地点B 时,应如何调整其速度?大气阻力及其它星球的影响不计。

地球半径6370km R =。

图12-5解:首先求出卫星在第一个圆形轨道上的速度,可由质点动力学方程求出。

卫星运行时只受地球引力的作用,即22()R F mg R x =+ 式中x 是卫星与地面的距离。

当卫星沿第一圆形轨道运动时,有222()()v R m mgR h R h =++ 即22()gR v R h =+ (b )将6370km R =,600km h =,9.8m/s g =代入上式,得卫星在第一个圆形轨道上运动的速度17.553km/s v = 所以卫星在椭圆轨道上的A 点的速度为7.5530.6468.199km/s A v =+=卫星在椭圆轨道上运动时,仍然只受地球引力作用,而该引力始终指向地心O ,对地以O 的矩等于零,所以卫星对地心O 的动量矩应保持为常量。

工程力学-材料力学-第12章动量矩定理

工程力学-材料力学-第12章动量矩定理
•注意:内力不能改变质点系的动量矩。

例12-3 •已知:m1,r,k ,m2 ,R,
•求:弹簧被拉长s时,重物m2的加速度a2 。 •解 •选系统为研究对象,受力分析如图 •设:塔轮该瞬时的角速度为ω,则
•解得:

3.动量矩守恒定律
•若
,则 常矢量;
•若
,则 常量。

§12-3 刚体绕定轴转动的微分方程 •主动力: •约束力:

例12-8 •已知:l,m,θ=60°。求:1. αAB;2. FA • 解:绳子刚被剪断,杆AB作平面运
动,受力如图,根据平面运动微分 方程
• 补充运动学方 程
• 在y轴方向 投影

例12-9 •已知:如图r,m, m1。求:1. aA;2. FAB ;3. FS2 • 解:分别以A、B、C为研究对象
•其中: • (O为定点)

质点的动量矩定理
•因此 •称为质点的动量矩定理:质点对某定点的动量矩 对时间的一阶导数,等于作用力对同一点的矩。
•投影式:

2. 质点系的动量矩定理 •对第i个质点有 : •对n个质点有:
• 由于
•得

2. 质点系的动量矩定理
•称为质点系的动量矩定理:质点系对某定点O的动量 矩对时间的一阶导数,等于作用于质点系的外力对于 同一点之矩的矢量和。 •投影式:
•2. 选轮2为研究对象
•积分

§12-4 质点系相对于质心的动量矩定理 •1.对质心的动量矩 •如图,以质心C为原点,取平移坐标系Cx’y’z’。 •质点系相对质心C为的动量矩为:
•由于 •得 • 质点系相对质心的动量矩,无论是以相对速度计算还是
以绝对速度计算,其结果都相同。

梁坤京理论力学第十二章动量矩定理课后答案

梁坤京理论力学第十二章动量矩定理课后答案

动量矩定理12-1 质量为m 的点在平面Oxy 内运动,其运动方程为: x a cos t y bsin2 t 式中a 、b 和 为常量。

求质点对原点 O 的动量矩。

解:由运动方程对时间的一阶导数得原点的速度V xdxsin t dt aV y dy 2b cos2 t 质点对点 O 的动量矩为L O M o (mV x ) M 0(mV y )mv x y mv y x m ( a sin t) bsin2 t m 2b cos2 t acos t 2mab cos 3 t 12-3 如图所示,质量为m 的偏心轮在水平面上作平面运动。

轮子轴心为A,质心为C, AC = e ;轮子半径为 R,对轴心A 的转动惯量为J A ; C 、A 、B 三点在同一铅直线上。

(1 )当轮子只 滚不滑时,若 V A 已知,求轮子的动量和对地面上 B 点的动量矩。

(2)当轮子又滚又滑时, 若V A 、 已知,求轮子的动量和对地面上 B 点的动量矩。

解:(1)当轮子只滚不滑时 B 点为速度瞬心。

轮子角速度V A R质心C 的速度V CBCR e轮子的动量p mv Cmv A (方向水平向右)R对B 点动量矩L B J B2 2 2由于 J B J C m (R e) J A me m (R e) 故 L B J A me 2 m (R e )2食 (2)当轮子又滚又滑时由基点法求得 C 点速度。

V C V A V CA V A e 轮子动量 p mv C m(v A e) (方向向右) 对B 点动量矩L B mv C BC J Cm(v A 2e) (R e) (J A me) mv A (R e) (J A mRe) 12-13 如图所示,有一轮子,轴的直径为 50 mm 无初速地沿倾角 20的轨道滚下,设 只滚不滑,5秒内轮心滚动的距离为 s =3m 。

试求轮子对轮心的惯性半径。

解:取轮子为研究对象,轮子受力如图( a )所示,根据刚体平面运动微分方程有 ma C mgsi n F ( 1) J C = Fr ( 2)因轮子只滚不滑,所以有 a c = r ( 3) ® 12将式(3)代入式(1)、(2)消去F 得到mr sinm?g上式对时间两次积分,并注意到 t = 0时 0, 0,则 mgrt 2 sin mgrt 2s in 2(J C mr 2) 2(m 2 mr 2) 把 r = 0.025 m 及 t = 5 s 时,s 'grt 2sin f gt 2sin-r r「s r 1grt 2sin 2( 2 r 2) r 3 m 代入上式得0.0259.8 52si n202 30.09 m 90 mm12-17 图示均质杆 AB 长为I ,放在铅直平面内,杆的一端 A 靠在光滑铅直墙上,另一端 B 放在光滑的水平地板上,并与水平面成 °角。

第12章 动量矩定理

第12章 动量矩定理
i 1 i 1
n
n
Lo Lx i Ly j Lz k
其中, Lz ( LO ) z
z
M (m v )
i i
质点(系)对 O点的动量矩在通过该点的 任意轴上的投影,等于质点(系)对该轴的动
量矩。
已知A、 B两物块的质量分别为 mA、 mB ,它们的 速度为v,轮的质量不计,半径为 R。求系统对轮 心 O的动量矩。 v O O B A
i 1
n
(i)
d ri mi vi n (e) 0 ,于是 ri Fi dt i 1
dLo dt
M
i 1
n
o
( Fi
(e)
)
质点系动量矩 定理的投影式
4、质点系动量矩守恒
dLx n (e) M x ( Fi ) dt i 1 n dL y (e) M y ( Fi ) dt i 1 n dLz (e) M z ( Fi ) dt i 1
J z mi R R
2 2
mi mR z
R
2
mi
3、均质圆板对中心轴的转动惯量 dr
以薄圆环作为质量微元
r O
O
R
d m 2 r d r S
R
2
其中
S m/ R
4
2
R J z 2 r S d r r 2S 4 0
1 2 J z mR 2
1、质点的动量矩定理
d d dr d MO (m v ) ( r m v ) m v r (m v ) dt dt dt dt
dr d ( m v ) F ,且 O为定点, v 根据动量定理 dt dt

理论力学动量矩定理

理论力学动量矩定理

12.2 动量矩定理
12.2.1 质点旳动量矩定理
设质点对固定点O旳动 量矩为MO(mv),作用力F对 同一点旳矩为MO(F) ,如图 所示。
将动量矩对时间取一 次导数,得
d dt
MO
(mv)
d dt
(r
mv)
d r mv r d (mv)
dt
dt
MO(mv) MO(F)
x
z
F mv
Q
r
y
12.2.1 质点旳动量矩定理
将上式投影在直角坐标轴上,并将对点旳动量矩与对轴 旳动量矩旳关系代入,得
d dt
M
x
(mv)
M
x
(F
)
d dt
M
y
(mv)
M
y
(F
)
d dt
M
z
(mv)
M
z
(F
)
质点对某固定
轴旳动量矩对时间旳 一阶导数等于质点所 受旳力对同一轴旳矩。
12.2.1 质点旳动量矩定理
例12-2 图示为一单摆(数学摆),摆锤质量为m,摆线长为 l,如给摆锤以初位移或初速度(统称初扰动),它就在经过 O点旳铅垂平面内摆动。求此单摆在微小摆动时旳运动规律。
例12-1 均质圆盘可绕轴O转动,其上缠有一 绳,绳下端吊一重物A。若圆盘对转轴O旳转
动惯量为J,半径为r,角速度为,重物A旳
质量为m,并设绳与圆盘间无相对滑动,求系 统对轴O旳动量矩。
解:
LO L块 L盘 mvr J mr 2 J (mr 2 J )
LO旳转向沿逆时针方向。
Or
A mv
LO J m2vR MO (F (e) ) M m2 g sin R

第12章动量矩定理

第12章动量矩定理

又, a (h C 2R h A ) 0.5 7783km
c VC hC 2R hA
c a ( R h A ) 973km b a 2 c 2 7722km vB R hA v A 7.14km / s b
例二. 质量为m 的小球 悬挂在一绳索下端且以匀速率在水平面内作圆周运动. 试分析小球对O, A 两点的动量矩及其守恒问题. A
解 : 卫星在轨道运行中只受 地球的
VB b C a O′ O
B
V F VA A
引力作用, 故卫星对地心 点的 O 动量矩守恒. (R h A ) v A (R hC ) vC vC 6371 439 8.1 6.3km / s 6371 2384 ( R h A ) v A v B b
r
T
m
R O
v
mg
结论: 动量矩是否守恒, 与矩心的选择有关.
§12 – 3 刚体绕定轴转动的微分方 程
对绕定轴(不妨设为z轴)转动的刚体而言 对转轴的动量矩定理可 , 写为
n d ( J z ) M z ( F i ) dt i 1
去掉微分符号即是 J z M z ( Fi )
LO r i m i V i (r C r'i ) m i V i
Vi
r
n
n
Vi
mi
i 1 n
i 1
VC VC
C
r 'i
r C m i V i LC r C m i V i LC
i 1 i 1
n
r C MV C L C
rc
M O (m v )

12动量矩定理

12动量矩定理

图12.7 钟摆
第12章 动量矩定理
12.1 转 动 惯 量
【例12.5】 匀质圆盘与匀质杆组成的钟摆如图12.7所示。已知圆盘质量m1, 直径d,杆的质量m2,长l,试求钟摆对悬挂轴O的转动惯量J0。
解:钟摆由匀质杆和匀质盘组成,所以有 = JO JO杆 + JO
其中
JO
=J c
+
m1
l
+
d 2
平方的乘积,即
12.7
J=z J zc + md 2
(12.7)
第12章 动量矩定理
12.1 转 动 惯 量
证明:如图12.5所示,设刚体总的质量为m,轴zc通过质心C,z与zc平行且 相距为d。不失一般性,可令y与yc重合,在刚体内任取一质量为mi的质点Mi,它 至zc轴和z轴的距离分别为ric和ri。刚体对于z、zc轴的转动惯量分别为
12.9
第12章 动量矩定理
12.1 转 动 惯 量
【例12.4】 质量为m,长为l的匀质杆如图12.6所示,求杆对yc的转动惯量。
解:由例12.1知
Jy
=
1 ml2 3
,根据平行轴定理式(12.7)有
J yc
=J y

md 2
=1 ml2 3

m
l
2
2
=1 12
ml 2
12.10
图12.6 匀质杆
在工程问题上,计算刚体的转动惯量时,常应用下面公式
12.3
第12章 动量矩定理
12.1 转 动 惯 量
Jz
=

2 z
(12.2)
ρ 其中m为整个刚体的质量, z 为刚体对z轴的回转半径,它具有长

第十二章 动量矩定理

第十二章 动量矩定理

Lz=Jzω
§2 动量矩定理
一、质点的动量矩定理
设质点质量为m, 受力F, MO(mv) 动量mv,定坐标系Oxyz , 根据质点的动量定理 z
F
B
mv
r
o A y
MO(F)
d (mv ) F dt
等式两边同时与矢径r作矢量积, 即 x
d (mv ) r F r dt
MO(F)
?
d (mv ) r F 为求等式 r 左边项,先来看 dt d (r mv ) dr mv r d (mv ) dt dt dt v ( r d ( v mv∵O为定点!)mv ) dt MO(mv) =0
第十二章
动量矩定理
z
§1 动量矩的概念
一、质点的动量矩
F r
o
B A m
y
回顾: 力对点的矩 Mo(F)= r×F 若 r=xi+yj+zk F=Fxi+Fyj+Fzk
则 i M o (F ) x Fx
j y Fy k z Fz
MO(F)
x
大小:│Mo(F) │ =2S△OAB
方向:按右手螺旋规则定。
[Mo(mv)]z= M z(mv)
代数量
• 动量矩的量刚为 ML2T-1 (kg· 2/S) m
二、质点系的动量矩
质点系对固定点O的动量矩等于各质点对同 一点O的动量矩的矢量和(即质点系动量对点O 的主矩):
对定点
Lo M o (mi vi )
i 1
n
矢量
质点系对固定轴z的动量矩等于各质点对同一 轴z的动量矩的代数和,即
vC
C
Lo = M o(Mvc)

理论力学 动量矩定律

理论力学 动量矩定律

MO (mv) 恒矢量
作用于质点的力对某定轴的矩恒为零,则质点对该轴的动量矩 保持不变,即
M z (mv ) 恒量
以上结论称为质点动量矩守恒定律 2)质点系动量矩守恒定理 当外力对某定点(或某定轴)的主矩等于零时,质点系对 于该点(或该轴)的动量矩保持不变,这就是质点系动量矩 守恒定律。 15 另外,质点系的内力不能改变质点系的动量矩。
24
动力学 2. 回转半径 定义:
转动惯量
z
Jz m

J z m z
2
即物体转动惯量等于该物体质量与回转半径平方的乘
积; 对于均质物体,仅与几何形状有关,与密度无关。
对于几何形状相同而材料不同(密度不同)的均质刚 体,其回转半径是相同的。
25
动力学
转动惯量
3. 平行移轴定理 刚体对于某轴的转动惯量,等于刚体对于过质心、并与该轴平 行的轴的转动惯量,加上刚体质量与轴距平方的乘积,即
LC LC
这样刚体作平面运动时,对过质心C且垂直于平面图形的 轴的动量矩为
J C LC LC
12
动力学
质点系动量矩定理
2.质点系的动量矩定理
n个质点,由质点动量矩定理有
d M O (mi vi ) M O ( Fi ( i ) ) M O ( Fi ( e ) ) dt
n d (e) Lx M x ( Fi ) dt i 1 n d Ly M y ( Fi ( e ) ) dt i 1 n d Lz M z ( Fi ( e ) ) dt i 1
14
动力学
质点系动量矩定理
3.动量矩守恒定理 1)质点动量矩守恒定理 如果作用于质点的力对某定点O的矩恒为零,则质点对该 点的动量矩保持不变,即

理力12(动力学)-动量矩定理

理力12(动力学)-动量矩定理

§ 12-2 动量矩定理
动量矩守恒定理
d M O (mv ) M O ( F ) dt
MO (F ) 0
M x (mv ) 恒量 M y (mv ) 恒量 M (mv ) 恒量 z
M O (mv ) 恒矢量
n d LO M O (Fi ( e ) ) dt i 1 n
29
第 十二 章 动量矩定理
§12-3 刚体绕定轴的转动微分方程
n d ( J z ) M z ( Fi ) dt i 1 n d Jz M z (Fi ) dt i 1
J z M z (Fi )
i 1
n d J z 2 M z (Fi ) dt i 1 2
θ W2
FN
例题
第十二章 动量矩定理
例 题 12-1
ω O FN W2t v M FOy
解: 取小车与鼓轮组成质点系,视小车
为质点。以顺时针为正,此质点系对O轴 的动量矩为
FOx W1
LO J m2vR
作用于质点系的外力除力偶M,重力W1 和 W2外,尚有轴承O的反力FOx和FOy ,轨道 对小车的约束力FN 。 其中W1 ,FOx ,FOy 对 O轴力矩为零。将W2 沿轨道及其垂直方向 分解为W2t和W2N, W2N与FN相抵消。
F0
r1
α
r2

LOz J O m1v1r1 m2v2 r2
考虑到 v1 = r1 , v2 = r2 ,则得 m0g
A B
LOz ( J O m1r1 m2 r2 )
2 2
( b)
v1
外力主矩仅由重力 m1g 和 m2g 产生,有
v2 m2g m1 g

12动量矩定理wy

12动量矩定理wy

Lc
Jc
1 2
mR 2
1 2
mRvc
vc R
Jc
1 mR2 2
D
思考:对速度瞬心 D 的动量矩 ?
答案:
LD J D JC mR 2 或
LD LC mvC R JC mvC R
§ 12-3 动量矩定理
一、质点的动量矩定理
MO(mv)=r mv
将上式两端对时间求一阶导数,得:
dt
M z (F)
——质点系动量矩定理及其守恒
◆ 对某固定点O的动量矩定理:
dLO
dt
mO F e
质点系内力不能改变质点系的动量矩, 只有外力才是系统动量矩改变的原因。
即:质点系对某固定点O 的动量矩Lo 对时间的导数,等于作用于该 质点系的所有外力对于同一点之矩的矢量和(即外力系对O 点的主 矩)。
直杆OA和质量为 m 半径为 R的 均质园盘 A在 A点刚接 , 如图所 示.求系统对垂直于图面且过 O 点的轴的转动惯量。
O A
R
解:
JO = JOA + J盘
J OA
1 3
ml 2
O
J 盘 J A m (OA)2
1 mR2 m (OA)2
2
A
1 mR2 ml 2
R
2
JO
4 3
ml2
LO M BvB R M AvA R 0
B
vB vA
VA
又因为二人在同一高度上,从静止开始向上爬,
MAg
所以二人同时到达顶端。
VB MBg
——应用举例 例七 已知:水平匀质圆台重G ,半径为R ,无摩擦地绕通 过其中心的铅直轴OZ 转动。重为P 的人以不变的相对速度

理论力学第12章-动量矩定理

理论力学第12章-动量矩定理

z
M ,底圆半径为 R ,高为 h 。
r
h z dz
解:把圆锥体分成许多厚度为 d z
的薄圆片,该薄圆片的质量为
d m r2d z
O
y
R
x
为圆锥体的密度,r为薄圆片的半径。
圆锥体的质量
M 1R2h
3
薄圆片对自身直径的转动惯量
由几何关系知: r R h z
h 薄圆片对 y 轴转动惯量 d J y 为:
x
x yi
J z mi ri2
mi
xi2
yi
d
2
mi xi2 yi2 2 yid d 2
J z mi xi2 yi2 2d mi yi mi d 2
mi xi2 yi2 JzC
mid 2 Md 2
由质心坐标公式 :
因为
yC0
mi yi M yC
速度 a 。
解:小车与鼓轮组成质点系对 O 轴的动量矩为 :
LO J O m2 v R
作用于质点系的外力除M ,G 1 和 G 2 外,尚有轴承 O 的反力 Fo x 和 Fo y ,轨道对车的约束力FN 。其中G 1 , FO x ,Fo y 对 O 轴力矩为零。将 G 2 分解为 Gτ和 G n ,
(12-10)
l 为任意轴上的单位矢量。
动量矩的单位是牛·米·秒 ( N ·m ·s )。
12.2.3 定轴转动刚体的动量矩 设刚体绕固定轴 z 转动,某瞬时刚体
的角速度。对于刚体内任一质点 M i ,
其质量为 m i ,转动半径为 r i ,动量 m i v i 。 于是质点 M i 对轴的动量矩为:
LO MO mv r mv (12-8)
质点系对各坐标轴动量矩

十二章动量矩定理

十二章动量矩定理

F mv
M0(F)
o

y
x
由牛顿第二定律
m
dv dt
F
d dt
(mv)
F
r
d dt
(mv)
r
F
d (r mv) r d(mv) dr mv
dt
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dt dt
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第十二章 动量矩定理
d (r mv) r F dt
M0(mv) m0(F)
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第十二章 动量矩定理
C
m2
IOZ M
式中
M
m1
O
IOZ
1 3
m1L2
1 2
m2
r
2
m2L2
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第十二章 动量矩定理
代入已知值得:
IOZ
1 10 0.32 3
1 40 0.152 2
40 0.32
4.35kg m2
M 20 4.6rad / s2
IOZ 4.35
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第十二章 动量矩定理
dt
M y (mv)]
my (Fe )
d [
dt
M z (mv)]
mz (Fe )
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第十二章 动量矩定理
【典型题精解】
例12-1 滑块A,B质量分别为2Kg,0.5Kg,用长1
米的绳连接,在水平光滑滑竿上滑动,绳和竿的质量不计。
竿绕铅垂轴转动,轴的摩擦也不计。当 rA 0.6m 时,滑块 A以速度0.4m/S沿竿向外运动,竿的角速度 0.5rad / s
求此时竿的角加速度。
1m
B rB

第12章-动量矩定理

第12章-动量矩定理
它表达为刚体质量 m 与某一长度ρ z 旳平方
旳乘积: J z m z2
细直杆 均质圆环 均质圆板
J z /m 1 / 3 l2 z 0.5774 l
J z /m R2 z R
J z /m 1 / 2 R2 z 0.7071R
z 假如把刚体旳质量全部集中在与 轴相距为ρ z 旳点
上,则此质点对 z 轴旳转动惯量与原刚体相同。
四、平行轴定理
J z J z md 2
定理:刚体对任意轴旳转动惯量,等于刚体对 于经过质心、并与该轴平行旳轴旳转动惯量, 加上刚体旳质量与两轴间距离平方旳乘积。
z
O
z
d
ri
ri
C
O
mi
zi
y( y)
C点为质心;
O z 为质心轴,O z
为与之平行旳任
xi
一轴,距离为 d 。
x d x yi J z mi ri2 mi ( xi2 yi2 )
d dt
(
J
z
)
Jz
Mz
dω dt
(Fi
)M
M z (Fi )
z
(
FN
i
)
Fi

Jz
d2
dt2
M z (Fi )
或 J z M z (Fi )
FNi
与 m a Fi 比较
例:已知滑轮半径为 R ,转动惯量为 J ,带动滑轮
旳皮带拉力分别为 F1 和 F2 。求滑轮旳角加速度 。
F2 解:根据定轴转动微分方程
d(ri
mivi ) dt
ri
F (e) i
ri
Fi(i)
(i 1,2,, n)
相加得

哈尔滨工业大学 第七版 理论力学.12

哈尔滨工业大学 第七版 理论力学.12

Lz1 = mv0 (l + r )
(1 )
在任意时刻:
Lz 2 = Jω + M z (mv M ) = Jω + M z (mv 0 ) + M z (mv e )
由图 12-5b 中,可得
Lz 2 = Jω + mv0 [l cos ϕ + r ] + m(l 2 + r 2 + 2lr cos ϕ )ω
12-4 1 半径为 R,质量为 m1 的均质圆盘,可绕通过其中心 O 的铅垂轴无摩擦地旋转, 如图 12-4a 所示。1 质量为 m2 的人在盘上由点 B 按规律 s = 开始时,圆盘和人静止。求圆盘的角速度和角加速度 α 。
1 2 at 沿半径为 r 的圆周行走。 2
R r O
(a) 图 12-4
LO = m ⋅ v A ⋅ 2 R + J Aω a 1 = m ⋅ 2 Rω O ⋅ 2 R + mR 2 ⋅ (ω O + ω r ) = 5ω O mR 2 = 20 kgm 2 /s 2
156
理论力学(第七版)课后题答案 哈工大.高等教育出版社
(3)在图 12-2c1 中,轮 A 绕 O 作圆周曲线平移
接合后,依靠摩擦使轮 2 启动。已知轮 1 和 2 的转动惯量分别为 J1 和 J2。求: (1)当离合 器接合后,两轮共同转动的角速度; (2)若经过 t 秒两轮的转速相同,求离合器应有多大的 摩擦力矩。
Mf
ω
2
(a) 图 12-6
(b)
解 (1)以轮 1 和 2 为一个系统进行研究,因为系统所受外力(包括重力和约束反力) 对转轴之矩均为零,所以系统对转轴的动量矩守恒,即

理论力学_12.动量矩定理

理论力学_12.动量矩定理
理论力学
动量定理: 质心运动定理:
dp dt


F
(e) i
M aC

Fi
(e)
质点、质点系 动量的改变—外力(外力系主矢)
质心的运动—外力(外力系主矢) 若当质心为固定轴上一点时,vC=0,则其动量恒等于零, 质心无运动,可是质点系确受外力的作用。 动量矩定理建立了质点和质点系相对于某固定点(固轴) 的动量矩的改变与外力对同一点(轴)之矩两者之间的关系。
取固结于质心的平动参考系, 由速度合成定理,有
所以 由于 故
LC

ri m i v
i
即:质点系对质心的绝对运动动量矩,等于质点系对随质 心平动的参考系的相对运动动量矩。
结论:在计算质点系对于质心的动量矩时,用质点相对于 惯性参考系的绝对速度vi,或用质点相对于固结在质心上的 平动参考系的相对速度vi`,所得结果是一样的。 l
LO
1 P 2 g
代入 , 得
r
g
2
( P A PB
P 2
)
由动量矩定理:
d r2 P [ ( P A PB )] ( P A PB ) r dt g 2
PA PB d g dt r PA PB P /2
§8-3 动量矩守恒
动量矩定理:内力不会改变质点系的动量矩,只有外力才 能改变质点系的动量矩。 质点系的动量矩守恒 当
质点绕某心(轴)转动的问题。
二.质点系的动量矩定理 对质点Mi :dt
d m O (m iv i ) m O ( Fi
d dt m O (m iv i )
()
) m O ( Fi
(i)
(e)

第12章动量矩定理

第12章动量矩定理

n
质点系对O点的动量矩在通过O点任一轴上的投影等于 质点系对该轴的动量矩。
L L
O z
zபைடு நூலகம்
4
3.平动和转动刚体的动量矩
a 、刚体平动时可将其全部质量集中于质心,做为一个质点
计算动量矩。 L M (mv ) O O C
Lz M z (mvC )
b、刚体绕定轴转动 n n Lz M z mi vi mi vi ri
i 1
z
mi ri ri mi ri2
i 1
n
i 1
O’
ri mi
mi v i
定义:刚体对z轴转动惯量:
J z mi ri
则:
2
反映质量关于z的分布情况。
Lz J z
5
绕定轴转动刚体对其转轴的动量矩等于刚体对转轴的
转动惯量与转动角速度的乘积。
6
d [ M O ( mv )] M O ( F ) 1.质点的动量矩定理 dt 将此式在通过固定点O的三个直角坐标轴上投影,得
d [ M x ( mv )] M x ( F ) dt d [ M y ( mv )] M y ( F ) dt d [ M z ( m v )] M z ( F ) dt
0——称角振幅
周期
T 2
JO mga
——称初相位
19
例12-7:已知飞轮对O的转动惯量JO,以角速度0绕O轴转动,制动时,
闸块给轮正压力FN,已知闸块与轮之间的动滑动摩擦系数为f,轮半
径为R,轴承的摩擦忽略不计,求制动所需时间。
R O

20
例12-7:已知飞轮对O的转动惯量JO,以角速度0绕O轴转动,制动时,
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第十二章 动量矩定理§12—1 质点和质点系的动量矩一、质点的动量矩质点Q 的动量对于点O 的矩,定义为质点对于点O 的动量矩动量矩的单位:kgm 2/s二、 质点系的动量矩()mvr mv M O ⨯=()OQAr mv mv M O ∆=∙=2sin ϕ()i i ni O O v m M L ∑==1()i i ni z z v m M L ∑==1()A Q O mv M z ''∆±=2()[]()mv M mv M z z O =绕定轴转动刚体对其转轴的动量矩等于刚体对转轴的转动惯量与转动角速度的乘积。

§12—2 动量矩定理一、质点的动量矩定理质点的动量矩定理: 质点对某定点的动量矩对时间的一阶导数,等于作用力对同一点的矩。

直角坐标投影式为[]zz O L L =()2111i ni i i ni i i i i ni z z r m r v m v m M L ∑∑∑====∙==ω21i ni i z r m J ∑==ωz z J L =()mv dtdr mv dt dr mv r dt d mv M dt d O ⨯+⨯=⨯=)()(()F r mv v mv M dtdO ⨯+⨯=()()F M mv M dtdO O =()()()()()()F M m v M dtdF M m v M dt dF M m v M dt dz z y y x x ===特殊情形:当质点受有心力F 的作用时,如图11-4所示,力矩0=)(o F M ,则质点对固定点O 的动量矩)(m o v M =恒矢量,质点的动量矩守恒。

例如行星绕着恒星转,受恒星的引力作用,引力对恒星的矩0=)(o F M ,行星的动量矩)(m o v M =恒矢量,此恒矢量的方向是不变的,因此行星作平面曲线运动;此恒矢量的大小是不变的,即mvh =恒量,行星的速度v 与恒星到速度矢量的距离h 成反比。

例1如图所示单摆,由质量为m 的小球和绳索构成。

单摆悬吊于点O ,绳长为l ,当单摆作微振幅摆动时,试求单摆的运动规律。

解:根据题意以小球为研究对象,小球受力为铅垂重力g m 和绳索拉力F 。

单摆在铅垂平面内绕点O 作微振幅摆动,设摆与铅垂线的夹角为ϕ,ϕ为逆时针时正,如图所示。

则质点对点O 的动量矩为mvl )m (M o =v作用在小球上的力对点O 的矩为ϕsin mgl )(M o -=F由质点的动量矩定理得ϕsin mgl l v m -= (1)由于ϕl ωl v ==,则ϕ l v =,又由于单摆作微振幅摆动,则ϕϕ≈sin 从而由式(1)得单摆运动微分方程为022=+ϕϕlgdt d (2) 解式(2)得单摆的运动规律为)t sin(ωn o θϕϕ+= 其中,lgωn =称为单摆的角频率,单摆的周期为 gl πωπT n22==o ϕ称为单摆的振幅,θ称为单摆的初相位,它们由运动的初始条件确定。

二、质点动量矩守恒定理若作用质点的力对某定点的矩恒等于零,则M O (mv )= 恒量 M z ( mv ) = 恒量d S/d t = 恒量 质点在有心力作用下的面积速度定理三、质点系的动量矩定理n 个方程相加后得投影式为四、质点系动量矩守恒定理当外力对某定点(或某定轴)的主矩(或力矩代数和)等于零时,质点系对该点(或该轴)的动量矩保持不变。

§12—3 刚体绕定轴的转动微分方程()()()()()i i O e i O i i O F M F M v m M dtd+=()()e i ni O O F M L dt d∑==1()()()()∑∑∑======n i e i z z e i n i x y e i ni x x F m L dt dF m L dt dF m L dt d111§12—4 刚体对轴的转动惯量一、简单形状物体的转动惯量计算均质细直杆均质薄圆环 J z = mR 2 均质圆板二、惯性半径(或回转半径)三、平行轴定理§12—5 质点系相对于质心的动量矩定理()F M J z z ∑=α()F M dtd J z z ∑=22ϕ2md J J zC z +=mJ z z =ρ2z z m J ρ=CC C O i i i i i O O L mv r L v m r v m M L +⨯=⨯==∑∑)(231ml J z =221mR J z =质点系对于定点O 的动量矩定理可写成§12—6 刚体的平面运动微分方程例2 两个鼓轮固连在一起的总质量为M ,对水平转轴O 的转动惯量是J O ;鼓轮的半径分别为r 1和r 2。

绳端悬挂的重物A 和B 质量分别为M 1和M 2,且M 1>M 2。

试求:(1)鼓轮的角加速度;(2)绳的拉力;(3)轴承O 的反力。

(轴()()()e C C e CF M dtd J F dt r d m ∑∑==2222ϕ()e i ni i C C C O F r L mv r dt ddt dL ⨯=+⨯=∑=1)(()()e i ni C CF M dt dL ∑==1()()()∑∑===e C C C e C F M J J dtdF ma αω承和绳重都不计)解 (1)求鼓轮的角加速度该系统对转轴O 的动量矩为根据动量矩定理得(2)求绳的拉力(3)求轴承O 的反力例3 如图所示,飞轮以角速度绕o ω绕轴O 转动,飞轮对轴O 转动惯量为o J ,当制动时其摩擦阻力矩为ωk M -=,其中,k 为比例系数,试求飞轮经过多少时间后角速度减少为初角速度的一半,在此时间内转过的转数。

()∑=F m dtdL O Og r M r M J r M r M dt d O 2222112211++-==ωα()()()gr M rM F m r M r M J L r v M r v M J L OO O O O 2211222211222111-=++=++=∑ωω解:(1)求飞轮经过多少时间后角速度减少为初角速度的一半飞轮绕轴O 转动的微分方程为M dtωd J o= 将摩擦阻力矩ωk M -=,代入上式有ωk dtωd J o -=采用解微分方程的分离变量法,并积分⎰⎰-=t k dt ωωd J o ωωo 020解得时间为2ln kJ t o=(2)求飞轮转过的转数飞轮绕轴O 转动的微分方程写成为dtd k dt ωd J o ϕ-=方程的两边约去dt ,并积分⎰⎰-=ϕϕ02kd ωd J ooωωo解得飞轮转过的角度为 kωJ oo 2=ϕ 则飞轮转过的转数为 kπωJ πn oo 42==ϕ例4 高炉运送矿石用的卷扬机如图,鼓轮的半径为R ,质量为m 1 ,轮绕O 轴转动。

小车和矿石总质量为m 2 。

作用在鼓轮上的力偶矩为M ,鼓轮对转轴的转动惯量为J ,轨道的倾角为θ。

设绳的质量和各处摩擦都不计,绳索与斜面平行,求小车的加速度a 。

解 取小车和鼓轮组成质点系,此质点系的动量矩为外力对O 轴的矩为由外力对O 轴的动量矩定理解得例5 均质圆柱体A 和B 质量都为m ,半径都为r ,一绳缠在绕固定轴O 转动的圆柱A 上,绳的另一端绕在圆柱B 上,直线绳段铅垂,摩擦不计。

求:(1)圆柱体B 下落时质心的加速度;(2)若在圆柱体A 上作用一逆时针转向,矩vRm J L O 2+=ω()Rg m M M e ∙-=ϑsin 2[]R g m M vR m J dtd∙-=+θωsin 222222sin R m J gR m MR a +-=θ为M 的力偶,试问在什么条件下圆柱体B 的质心加速度将向上。

解: (1) 取圆柱体B 为研究对象 由刚体平面运动微分方程a m F mg T =- (1)2221αmr r F T =⋅ (2)对圆柱体A 同样有 1221αmr r F T =⋅'可得 ααα==21 于是 αr a 2= 联立解得g a 54=(2)对圆柱体A 有 1221αmr r F M T =⋅'- (3)对圆柱体B 有 2221αmr r F T =⋅ (4)圆柱体B 的质心加速度将向上,即021〉-=ααr r a 则由式(3)和(4)得r F M T ⋅〉2再由0〉-mgFT 即mgFT〉故rmgM⋅〉2例6 如图a所示均质杆AB质量为m,长为l,放在铅直平面内,杆的一端A 靠在光滑的铅直墙壁上,杆的另一端B靠在光滑水平面上,初始时,杆AB与水平线的夹角oϕ,设杆无初速地沿铅直墙面倒下,试求杆质心C的加速度和杆AB两端A、B处的约束力。

解:根据题意,杆AB 在铅直平面内作平面运动,其受力如图b 所示。

建立杆的平面运动微分方程为NA c F x m = (1)mg F y m NB c -= (2) ϕϕsin lF cos l F αJ NA NB c 22-= (3)由几何条件得质心的坐标为⎪⎩⎪⎨⎧==ϕϕsin ly cos l x c c 22 (4) 并注意ω-=ϕ (即角速度方向与夹角ϕ增大的方向相反)。

式(4)对时间求导,得⎪⎩⎪⎨⎧+-=-=)sin ωcos (αl y )cos ωsin (αl x c c ϕϕϕϕ2222 (5) 其中转动惯量2121ml J c=。

将式(5)代入(1)和式(2)并将式(1)、式(2)、式(3)联立求解得杆AB 的角加速度为lcos g 23ϕα=(6) 对角速度作如下的变换为dtd d d ωdt d ωαϕϕ-==代入式(6),并积分得杆AB 的角速度为)sin (sin lgωo ϕϕ-=3 (7) 将式(6)和式(7)代入式(5)得质心加速度为⎪⎩⎪⎨⎧-+-=-=)sin sin sin (g y cos )sin sin (g x o c o cϕϕϕϕϕϕ214323432(8) 则杆AB 两端A 、B 处的约束力为⎪⎩⎪⎨⎧--=-=)sin sin (sin mg mg F cos )sin sin (mg F o NB o NAϕϕϕϕϕϕ2434123432例7 均质圆轮半径为r ,质量为m ,受轻微干扰后,在半径为R 的圆弧轨道上往复无滑动的滚动,如图所示,试求圆轮轮心C 的运动方程,以及作用在圆轮上的约束力。

解:由于圆轮作平面运动,轮心C 作圆周运动,则在轮心C 的最低点O 建立自然坐标系,并假设圆轮顺时针方向为动量矩方程的正方向,坐标及轮的受力如图11-15所示。

列圆轮平面运动微分方程为θτsin mg F ma c -= (1)θcos mg F ma N n c -= (2) Fr αJ c -= (3)其中,轮心的加速度22dt s d a c =τ,r R v a c nc -=2,转动惯量221mr J c =。

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