2014年陕西省高考数学试卷(文科)答案与解析
2014高考数学(文科)陕西卷真题答案解析
2014高考数学（文科）陕西卷真题答案解析
举国瞩目的2014高考已结束，新东方在线高考名师团队联合西安新东方高考名师第一时间对2014高考北京物理真题进行了点评，希望能对考生、家长有所帮助，也希望对2015高考考生提供借鉴。
以下是西安新东方高考数学名师对2014陕西高考数学（文科）真题的
解析和点评。
[0,1N =考察解不等式及集合的交并补关系；
z 的值为（B ．5 5z = 的正方形以其一边所在直线为旋转轴旋转一周，所得几何体 C ．2π 的圆柱，侧面展开图是个矩形，12S R π=⨯=
C ．3
14
y x x =
-
b=，则
π
，则tanθ
是_____
5；3；1；A. 225
+=；(2a b+
a b
∆，
ABC
3
，
（1）由该四面体的三视图可知：
BDC
1
,2
,
,
,
⊥∴
=
=
⊥
⊥
⊥
平面AD
AD
DC
BD
DC
AD
AD
BD
DC
BD
向量坐标运算；线性规划
文科19
某保险公司利用简单随机抽样方法，对投保车辆进行抽样，样本车辆中每辆车的赔付结果统计如下：
赔付金额0 1000 2000
22
1x y ∴+=椭圆的方程为
2
<m时，函数)
0<
g有两个零点.
(x
3
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2014年陕西省高考数学试卷(文科)
2014年陕西省高考数学试卷（文科）一、选择题（共10小题，每小题5分，共50分）1．（5分）设集合M={x|x≥0，x∈R}，N={x|x2＜1，x∈R}，则M∩N=（）A．[0，1] B．（0，1）C．（0，1] D．[0，1）2．（5分）函数f（x）=cos（2x+）的最小正周期是（）A．B．πC．2π D．4π3．（5分）已知复数z=2﹣i，则z•的值为（）A．5 B．C．3 D．4．（5分）根据如图所示的框图，对大于2的整数N，输出的数列的通项公式是（）A．an =2n B．an=2（n﹣1）C．an=2n D．an=2n﹣15．（5分）将边长为1的正方形以其一边所在直线为旋转轴旋转一周，所得几何体的侧面积是（）A．4π B．3π C．2π D．π6．（5分）从正方形四个顶点及其中心这5个点中任取2个点，则这2个点的距离小于该正方形边长的概率为（）A．B．C．D．7．（5分）下列函数中，满足“f（x+y）=f（x）f（y）”的单调递增函数是（）A．f（x）=x3B．f（x）=3x C．f（x）=x D．f（x）=（）x8．（5分）原命题为“若＜an ，n∈N+，则{an}为递减数列”，关于其逆命题，否命题，逆否命题真假性的判断依次如下，正确的是（）A．真、真、真 B．假、假、真 C．真、真、假 D．假、假、假9．（5分）某公司10位员工的月工资（单位：元）为x1，x2，…，x10，其均值和方差分别为和s2，若从下月起每位员工的月工资增加100元，则这10位员工下月工资的均值和方差分别为（）A．，s2+1002B．+100，s2+1002C．，s2D．+100，s210．（5分）如图，修建一条公路需要一段环湖弯曲路段与两条直道平滑连接（相切），已知环湖弯曲路段为某三次函数图象的一部分，则该函数的解析式为（）A．y=x3﹣x2﹣x B．y=x3+x2﹣3xC．y=x3﹣x D．y=x3+x2﹣2x二、填空题（共4小题，每小题5分，共25分）11．（5分）抛物线y2=4x的准线方程是．12．（5分）已知4a=2，lgx=a，则x= ．13．（5分）设0＜θ＜，向量=（sin2θ，cosθ），=（1，﹣cosθ），若•=0，则tanθ=．14．（5分）已知f （x ）=，x ≥0，若f 1（x ）=f （x ），f n+1（x ）=f （f n （x ）），n ∈N +，则f 2014（x ）的表达式为 ．选考题（请在15-17三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题评分）不等式选做题15．（5分）设a ，b ，m ，n ∈R ，且a 2+b 2=5，ma+nb=5，则的最小值为 ．几何证明选做题16．如图，△ABC 中，BC=6，以BC 为直径的半圆分别交AB 、AC 于点E 、F ，若AC=2AE ，则EF= ．坐标系与参数方程选做题 17．在极坐标系中，点（2，）到直线的距离是 ．三、解答题（共6小题，共75分）18．（12分）△ABC 的内角A 、B 、C 所对的边分别为a ，b ，c ． （Ⅰ）若a ，b ，c 成等差数列，证明：sinA+sinC=2sin （A+C ）； （Ⅱ）若a ，b ，c 成等比数列，且c=2a ，求cosB 的值．19．（12分）四面体ABCD 及其三视图如图所示，平行于棱AD ，BC 的平面分别交四面体的棱AB 、BD 、DC 、CA 于点E 、F 、G 、H ． （Ⅰ）求四面体ABCD 的体积； （Ⅱ）证明：四边形EFGH 是矩形．20．（12分）在直角坐标系xOy中，已知点A（1，1），B（2，3），C（3，2），点P（x，y）在△ABC 三边围成的区域（含边界）上，且=m +n（m，n∈R）（Ⅰ）若m=n=，求||；（Ⅱ）用x，y表示m﹣n，并求m﹣n的最大值．21．（12分）某保险公司利用简单随机抽样方法，对投保车辆进行抽样，样本车辆中每辆车的赔付结果统计如下：（Ⅰ）若每辆车的投保金额均为2800元，估计赔付金额大于投保金额的概率；（Ⅱ）在样本车辆中，车主是新司机的占10%，在赔付金额为4000元的样本车辆中，车主是新司机的占20%，估计在已投保车辆中，新司机获赔金额为4000元的概率．22．（13分）已知椭圆+=1（a＞b＞0）经过点（0，），离心率为，左右焦点分别为F1（﹣c，0），F2（c，0）．（Ⅰ）求椭圆的方程；（Ⅱ）若直线l：y=﹣x+m与椭圆交于A、B两点，与以F1F2为直径的圆交于C、D两点，且满足=，求直线l的方程．23．（14分）设函数f（x）=lnx+，m∈R．（Ⅰ）当m=e（e为自然对数的底数）时，求f（x）的极小值；（Ⅱ）讨论函数g（x）=f′（x）﹣零点的个数；（Ⅲ）若对任意b＞a＞0，＜1恒成立，求m的取值范围．2014年陕西省高考数学试卷（文科）参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题5分，共50分）1．（5分）设集合M={x|x≥0，x∈R}，N={x|x2＜1，x∈R}，则M∩N=（）A．[0，1] B．（0，1）C．（0，1] D．[0，1）【分析】先解出集合N，再求两集合的交即可得出正确选项．【解答】解：∵M={x|x≥0，x∈R}，N={x|x2＜1，x∈R}={x|﹣1＜x＜1，x∈R}，∴M∩N=[0，1）．故选：D．【点评】本题考查交的运算，理解好交的定义是解答的关键．2．（5分）函数f（x）=cos（2x+）的最小正周期是（）A．B．πC．2π D．4π【分析】由题意得ω=2，再代入复合三角函数的周期公式求解．【解答】解：根据复合三角函数的周期公式得，函数f（x）=cos（2x+）的最小正周期是π，故选：B．【点评】本题考查了三角函数的周期性，以及复合三角函数的周期公式应用，属于基础题．3．（5分）已知复数z=2﹣i，则z•的值为（）A．5 B．C．3 D．【分析】由z求出，然后直接利用复数代数形式的乘法运算求解．【解答】解：由z=2﹣i，得z•=（2﹣i）（2+i）=4﹣i2=5．故选：A．【点评】本题考查了复数代数形式的乘法运算，是基础的计算题．4．（5分）根据如图所示的框图，对大于2的整数N，输出的数列的通项公式是（）A．an =2n B．an=2（n﹣1）C．an=2n D．an=2n﹣1【分析】根据框图的流程判断递推关系式，根据递推关系式与首项求出数列的通项公式．【解答】解：由程序框图知：ai+1=2ai，a1=2，∴数列为公比为2的等比数列，∴an=2n．故选：C．【点评】本题考查了直到型循环结构的程序框图，根据框图的流程判断递推关系式是解答本题的关键．5．（5分）将边长为1的正方形以其一边所在直线为旋转轴旋转一周，所得几何体的侧面积是（）A．4π B．3π C．2π D．π【分析】边长为1的正方形，绕其一边所在直线旋转一周，得到的几何体为圆柱，从而可求圆柱的侧面积．【解答】解：边长为1的正方形，绕其一边所在直线旋转一周，得到的几何体为圆柱，则所得几何体的侧面积为：1×2π×1=2π，故选：C．【点评】本题是基础题，考查旋转体的侧面积的求法，考查计算能力．6．（5分）从正方形四个顶点及其中心这5个点中任取2个点，则这2个点的距离小于该正方形边长的概率为（）A．B．C．D．【分析】设正方形边长为1，则从正方形四个顶点及其中心这5个点中任取2个点，共有10条线段，4条长度为1，4条长度为，两条长度为，即可得出结论．【解答】解：设正方形边长为1，则从正方形四个顶点及其中心这5个点中任取2个点，共有10条线段，4条长度为1，4条长度为，两条长度为，∴所求概率为=．故选：B．【点评】本题考查概率的计算，列举基本事件是关键．7．（5分）下列函数中，满足“f（x+y）=f（x）f（y）”的单调递增函数是（）A．f（x）=x3B．f（x）=3x C．f（x）=x D．f（x）=（）x【分析】对选项一一加以判断，先判断是否满足f（x+y）=f（x）f（y），然后考虑函数的单调性，即可得到答案．【解答】解：A．f（x）=x3，f（y）=y3，f（x+y）=（x+y）3，不满足f（x+y）=f（x）f（y），故A错；B．f（x）=3x，f（y）=3y，f（x+y）=3x+y，满足f（x+y）=f（x）f（y），且f（x）在R 上是单调增函数，故B 正确； C ．f （x ）=，f （y ）=，f （x+y ）=，不满足f （x+y ）=f （x ）f （y ），故C 错； D ．f （x ）=，f （y ）=，f （x+y ）=，满足f （x+y ）=f （x ）f（y ），但f （x ）在R 上是单调减函数，故D 错． 故选：B ．【点评】本题主要考查抽象函数的具体模型，同时考查幂函数和指数函数的单调性，是一道基础题．8．（5分）原命题为“若＜a n ，n ∈N +，则{a n }为递减数列”，关于其逆命题，否命题，逆否命题真假性的判断依次如下，正确的是（ ） A ．真、真、真 B ．假、假、真 C ．真、真、假 D ．假、假、假【分析】先根据递减数列的定义判定命题的真假，再判断否命题的真假，根据命题与其逆否命题同真性及四种命题的关系判断逆命题与逆否命题的真假．【解答】解：∵＜a n =⇔a n+1＜a n ，n ∈N +，∴{a n }为递减数列，命题是真命题； 其否命题是：若≥a n ，n ∈N +，则{a n }不是递减数列，是真命题； 又命题与其逆否命题同真同假，命题的否命题与逆命题是互为逆否命题， ∴命题的逆命题，逆否命题都是真命题． 故选：A ．【点评】本题考查了四种命题的定义及真假关系，判断命题的真假及熟练掌握四种命题的真假关系是解题的关键．9．（5分）某公司10位员工的月工资（单位：元）为x 1，x 2，…，x 10，其均值和方差分别为和s 2，若从下月起每位员工的月工资增加100元，则这10位员工下月工资的均值和方差分别为（ ） A ．，s 2+1002 B ．+100，s 2+1002 C ．，s 2 D ．+100，s 2【分析】根据变量之间均值和方差的关系和定义，直接代入即可得到结论．【解答】解：由题意知yi =xi+100，则=（x1+x2+…+x10+100×10）=（x1+x2+…+x10）=+100，方差s2=[（x1+100﹣（+100）2+（x2+100﹣（+100）2+…+（x10+100﹣（+100）2]=[（x1﹣）2+（x2﹣）2+…+（x10﹣）2]=s2．故选：D．【点评】本题主要考查样本数据的均值和方差之间的关系，利用均值和方差的定义是解决本题的关键，要求熟练掌握相应的计算公式．10．（5分）如图，修建一条公路需要一段环湖弯曲路段与两条直道平滑连接（相切），已知环湖弯曲路段为某三次函数图象的一部分，则该函数的解析式为（）A．y=x3﹣x2﹣x B．y=x3+x2﹣3xC．y=x3﹣x D．y=x3+x2﹣2x【分析】由题设，“需要一段环湖弯曲路段与两条直道平滑连接（相切）“可得出此两点处的切线正是两条直道所在直线，由此规律验证四个选项即可得出答案．【解答】解：由函数图象知，此三次函数在（0，0）上处与直线y=﹣x相切，在（2，0）点处与y=3x﹣6相切，下研究四个选项中函数在两点处的切线．A、，将0，2代入，解得此时切线的斜率分别是﹣1，3，符合题意，故A正确；B、，将0代入，此时导数为﹣3，不为﹣1，故B错误；C、，将2代入，此时导数为﹣1，与点（2，0）处切线斜率为3矛盾，故C错误；D、，将0代入，此时导数为﹣2，与点（0，0）处切线斜率为﹣1矛盾，故D错误．故选：A．【点评】本题考查导数的几何意义在实际问题中的应用，导数的几何意义是导数主要应用之一．二、填空题（共4小题，每小题5分，共25分）11．（5分）抛物线y2=4x的准线方程是x=﹣1 ．【分析】先根据抛物线的标准方程形式求出p，再根据开口方向，写出其准线方程．【解答】解：∵2p=4，∴p=2，开口向右，∴准线方程是x=﹣1．故答案为x=﹣1．【点评】根据抛物线的方程求其焦点坐标和准线方程，一定要先化为标准形式，求出的值，再确定开口方向，否则，极易出现错误．12．（5分）已知4a=2，lgx=a，则x= ．【分析】化指数式为对数式求得a，代入lgx=a后由对数的运算性质求得x的值．【解答】解：由4a=2，得，再由lgx=a=，得x=．故答案为：．【点评】本题考查了指数式与对数式的互化，考查了对数的运算性质，是基础题．13．（5分）设0＜θ＜，向量=（sin2θ，cosθ），=（1，﹣cosθ），若•=0，则tanθ=．【分析】由条件利用两个向量的数量积公式求得 2sinθcosθ﹣cos 2θ=0，再利用同角三角函数的基本关系求得tanθ 【解答】解：∵=sin2θ﹣cos 2θ=2sinθcosθ﹣cos 2θ=0，0＜θ＜，∴2sinθ﹣cosθ=0，∴tanθ=， 故答案为：．【点评】本题主要考查两个向量的数量积公式，同角三角函数的基本关系，属于基础题．14．（5分）已知f （x ）=，x ≥0，若f 1（x ）=f （x ），f n+1（x ）=f （f n （x ）），n ∈N +，则f 2014（x ）的表达式为．【分析】由题意，可先求出f 1（x ），f 2（x ），f 3（x ）…，归纳出f n （x ）的表达式，即可得出f 2014（x ）的表达式 【解答】解：由题意．．．…故f 2014（x ）=故答案为：【点评】本题考查逻辑推理中归纳推理，由特殊到一般进行归纳得出结论是此类推理方法的重要特征．选考题（请在15-17三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题评分）不等式选做题15．（5分）设a，b，m，n∈R，且a2+b2=5，ma+nb=5，则的最小值为．【分析】根据柯西不等式（a2+b2）（c2+d2）≥（ac+bd）2当且仅当ad=bc取等号，问题即可解决．【解答】解：由柯西不等式得，（ma+nb）2≤（m2+n2）（a2+b2）∵a2+b2=5，ma+nb=5，∴（m2+n2）≥5∴的最小值为故答案为：【点评】本题主要考查了柯西不等式，解题关键在于清楚等号成立的条件，属于中档题．几何证明选做题16．如图，△ABC中，BC=6，以BC为直径的半圆分别交AB、AC于点E、F，若AC=2AE，则EF= 3 ．【分析】证明△AEF∽△ACB，可得，即可得出结论．【解答】解：由题意，∵以BC为直径的半圆分别交AB、AC于点E、F，∴∠AEF=∠C，∵∠EAF=∠CAB，∴△AEF∽△ACB，∴，∵BC=6，AC=2AE，∴EF=3．故答案为：3．【点评】本题考查三角形相似的判定与运用，考查学生的计算能力，属于基础题．坐标系与参数方程选做题17．在极坐标系中，点（2，）到直线的距离是 1 ．【分析】把极坐标化为直角坐标，再利用点到直线的距离公式即可得出．【解答】解：点P（2，）化为=，y=2=1，∴P．直线展开化为：=1，化为直角坐标方程为：，即=0．∴点P到直线的距离d==1．故答案为：1．【点评】本题考查了极坐标化为直角坐标的公式、点到直线的距离公式，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．三、解答题（共6小题，共75分）18．（12分）△ABC的内角A、B、C所对的边分别为a，b，c．（Ⅰ）若a，b，c成等差数列，证明：sinA+sinC=2sin（A+C）；（Ⅱ）若a，b，c成等比数列，且c=2a，求cosB的值．【分析】（Ⅰ）由a，b，c成等差数列，利用等差数列的性质得到a+c=2b，再利用正弦定理及诱导公式变形即可得证；（Ⅱ）由a，b，c成等比数列，利用等比数列的性质列出关系式，将c=2a代入表示出b，利用余弦定理表示出cosB，将三边长代入即可求出cosB的值．【解答】解：（Ⅰ）∵a，b，c成等差数列，∴a+c=2b，由正弦定理得：sinA+sinC=2sinB，∵sinB=sin[π﹣（A+C）]=sin（A+C），则sinA+sinC=2sin（A+C）；（Ⅱ）∵a，b，c成等比数列，∴b2=ac，将c=2a代入得：b2=2a2，即b=a，∴由余弦定理得：cosB===．【点评】此题考查了余弦定理，等差、等比数列的性质，熟练掌握余弦定理是解本题的关键．19．（12分）四面体ABCD及其三视图如图所示，平行于棱AD，BC的平面分别交四面体的棱AB、BD、DC、CA于点E、F、G、H．（Ⅰ）求四面体ABCD的体积；（Ⅱ）证明：四边形EFGH是矩形．【分析】（Ⅰ）证明AD⊥平面BDC，即可求四面体ABCD的体积；（Ⅱ）证明四边形EFGH是平行四边形，EF⊥HG，即可证明四边形EFGH是矩形．【解答】（Ⅰ）解：由题意，BD⊥DC，BD⊥AD，AD⊥DC，BD=DC=2，AD=1，∴AD⊥平面BDC，∴四面体ABCD的体积V==；（Ⅱ）证明：∵BC∥平面EFGH，平面EFGH∩平面BDC=FG，平面EFGH∩平面ABC=EH，∴BC∥FG，BC∥EH，∴FG∥EH．同理EF∥AD，HG∥AD，∴EF∥HG，∴四边形EFGH是平行四边形，∵AD⊥平面BDC，∴AD⊥BC，∴EF⊥FG，∴四边形EFGH是矩形．【点评】本题考查线面垂直，考查线面平行性质的运用，考查学生分析解决问题的能力，属于中档题．20．（12分）在直角坐标系xOy中，已知点A（1，1），B（2，3），C（3，2），点P（x，y）在△ABC三边围成的区域（含边界）上，且=m+n（m，n∈R）（Ⅰ）若m=n=，求||；（Ⅱ）用x，y表示m﹣n，并求m﹣n的最大值．【分析】（Ⅰ）由点的坐标求出向量和的坐标，结合m=n=，再由=m+n求得的坐标，然后由模的公式求模；（Ⅱ）由=m+n得到，作差后得到m﹣n=y﹣x，令y﹣x=t，然后利用线性规划知识求得m﹣n的最大值．【解答】解：（Ⅰ）∵A（1，1），B（2，3），C（3，2），∴，又m=n=，∴．∴；（Ⅱ）∵，∴，两式相减得，m﹣n=y﹣x．令y﹣x=t，由图可知，当直线y=x+t过点B（2，3）时，t取得最大值1，故m﹣n的最大值为：1．【点评】本题考查了平面向量的数乘及坐标加法运算，考查了简单的线性规划，考查了数形结合的解题思想方法，是中档题．21．（12分）某保险公司利用简单随机抽样方法，对投保车辆进行抽样，样本车辆中每辆车的赔付结果统计如下：（Ⅰ）若每辆车的投保金额均为2800元，估计赔付金额大于投保金额的概率；（Ⅱ）在样本车辆中，车主是新司机的占10%，在赔付金额为4000元的样本车辆中，车主是新司机的占20%，估计在已投保车辆中，新司机获赔金额为4000元的概率．【分析】（Ⅰ）设A表示事件“赔付金额为3000元，”B表示事件“赔付金额为4000元”，以频率估计概率，求得P（A），P（B），再根据投保额为2800元，赔付金额大于投保金额得情形是3000元和4000元，问题得以解决．（Ⅱ）设C表示事件“投保车辆中新司机获赔4000元”，分别求出样本车辆中车主为新司机人数和赔付金额为4000元的车辆中车主为新司机人数，再求出其频率，最后利用频率表示概率．【解答】解：（Ⅰ）设A表示事件“赔付金额为3000元，”B表示事件“赔付金额为4000元”，以频率估计概率得P（A）=，P（B）=，由于投保额为2800元，赔付金额大于投保金额得情形是3000元和4000元，所以其概率为P（A）+P（B）=0.15+0.12=0.27．（Ⅱ）设C表示事件“投保车辆中新司机获赔4000元”，由已知，样本车辆中车主为新司机的有0.1×1000=100，而赔付金额为4000元的车辆中车主为新司机的有0.2×120=24，所以样本中车辆中新司机车主获赔金额为4000元的频率为，由频率估计概率得P（C）=0.24．【点评】本题主要考查了用频率来表示概率，属于中档题．22．（13分）已知椭圆+=1（a＞b＞0）经过点（0，），离心率为，左右焦点分别为F1（﹣c，0），F2（c，0）．（Ⅰ）求椭圆的方程；（Ⅱ）若直线l：y=﹣x+m与椭圆交于A、B两点，与以F1F2为直径的圆交于C、D两点，且满足=，求直线l的方程．【分析】（Ⅰ）由题意可得，解出即可．（Ⅱ）由题意可得以F1F2为直径的圆的方程为x2+y2=1．利用点到直线的距离公式可得：圆心到直线l的距离d及d＜1，可得m的取值范围．利用弦长公式可得|CD|=2．设A（x1，y1），B（x2，y2）．把直线l的方程与椭圆的方程联立可得根与系数的关系，进而得到弦长|AB|=．由=，即可解得m．【解答】解：（Ⅰ）由题意可得，解得，c=1，a=2．∴椭圆的方程为．（Ⅱ）由题意可得以F1F2为直径的圆的方程为x2+y2=1．∴圆心到直线l的距离d=，由d＜1，可得．（*）∴|CD|=2==．设A（x1，y1），B（x2，y2）．联立，化为x2﹣mx+m2﹣3=0，可得x1+x2=m，．∴|AB|==．由=，得，解得满足（*）．因此直线l的方程为．【点评】本题中考查了椭圆与圆的标准方程及其性质、直线与椭圆及圆相交的弦长问题、点到直线的距离公式等基础知识与基本技能方法，考查了推理能力和计算能力，属于难题．23．（14分）设函数f（x）=lnx+，m∈R．（Ⅰ）当m=e（e为自然对数的底数）时，求f（x）的极小值；（Ⅱ）讨论函数g（x）=f′（x）﹣零点的个数；（Ⅲ）若对任意b＞a＞0，＜1恒成立，求m的取值范围．【分析】（Ⅰ）m=e时，f（x）=lnx+，利用f′（x）判定f（x）的增减性并求出f（x）的极小值；（Ⅱ）由函数g（x）=f′（x）﹣，令g（x）=0，求出m；设φ（x）=m，求出φ（x）的值域，讨论m的取值，对应g（x）的零点情况；（Ⅲ）由b＞a＞0，＜1恒成立，等价于f（b）﹣b＜f（a）﹣a恒成立；即h（x）=f（x）﹣x在（0，+∞）上单调递减；h′（x）≤0，求出m的取值范围．【解答】解：（Ⅰ）当m=e时，f（x）=lnx+，∴f′（x）=；∴当x∈（0，e）时，f′（x）＜0，f（x）在（0，e）上是减函数；当x∈（e，+∞）时，f′（x）＞0，f（x）在（e，+∞）上是增函数；∴x=e时，f（x）取得极小值为f（e）=lne+=2；（Ⅱ）∵函数g（x）=f′（x）﹣=﹣﹣（x＞0），令g（x）=0，得m=﹣x3+x（x＞0）；设φ（x）=﹣x3+x（x＞0），∴φ′（x）=﹣x2+1=﹣（x﹣1）（x+1）；当x∈（0，1）时，φ′（x）＞0，φ（x）在（0，1）上是增函数，当x∈（1，+∞）时，φ′（x）＜0，φ（x）在（1，+∞）上是减函数；∴x=1是φ（x）的极值点，且是极大值点，∴x=1是φ（x）的最大值点，∴φ（x）的最大值为φ（1）=；又φ（0）=0，结合y=φ（x）的图象，如图；可知：①当m＞时，函数g（x）无零点；②当m=时，函数g（x）有且只有一个零点；③当0＜m＜时，函数g（x）有两个零点；④当m≤0时，函数g（x）有且只有一个零点；综上，当m ＞时，函数g（x）无零点；当m=或m≤0时，函数g（x）有且只有一个零点；当0＜m ＜时，函数g（x）有两个零点；（Ⅲ）对任意b＞a＞0，＜1恒成立，等价于f（b）﹣b＜f（a）﹣a恒成立；设h（x）=f（x）﹣x=lnx+﹣x（x＞0），则h（b）＜h（a）．∴h（x）在（0，+∞）上单调递减；∵h′（x）=﹣﹣1≤0在（0，+∞）上恒成立，∴m≥﹣x2+x=﹣+（x＞0），∴m ≥；对于m=，h′（x）=0仅在x=时成立；∴m的取值范围是[，+∞）．【点评】本题考查了导数的综合应用问题，解题时应根据函数的导数判定函数的增减性以及求函数的极值和最值，应用分类讨论法，构造函数等方法来解答问题，是难题．第21页（共21页）。
2014 陕西【文】解析版
2014高考数学【陕西文】解析版一．选择题：1．已知集合2{|0},{|1,}M x x N x x x R =≥=<∈，则MN =（ ）A ．[0,1]B ．(0,1)C ．(0,1]D ． [0,1) 【知识点】 一元二次不等式的解法，交集的求法【考查能力】本题主要考查了学生一元二次不等式的解法，交集的求法. 【思路方法】2{|1,}{|11}[0,1)N x x x R x x M N =<∈=-<<∴=故选D【得分点】正确得5分，错误得0分2．函数()cos(2)4f x x π=+的最小正周期是（ ）A ．2πB ．πC ．2πD ．4π 【知识点】 余弦函数的周期【考查能力】本题主要考查了余弦函数的图像、周期. 【思路方法】222T πππω=== 故选B 【得分点】正确得5分，错误得0分 3．复数2z i =-，则z z ⋅的值为（ ）A ．5 BC ．3 D【知识点】 复数的概念及运算【考查能力】本题主要考查了复数的概念及运算. 【思路方法】222(2)(2)45z i z i z z i i i =-∴=+∴⋅=-+=-= 故选A【得分点】正确得5分，错误得0分4．根据右边框图，对大于2的整数N ，输出的数列的通项公式是（ ）A ．2n a n =B ．2(1)n a n =-C ．2n n a =D ．12n n a -= 【知识点】 框图及数列的通项公式【考查能力】本题主要考查了框图及数列的通项公式.【思路方法】由框图知识可知：{}n a 是以2为首相2为公比的等比数列2n n a = ；也可 以逐步写出1232,4,8a a a ===⋅⋅⋅归纳 2n n a = 故选C 【得分点】正确得5分，错误得0分3,,N a5．将边长为1的正方形以其一边所在直线为旋转轴旋转一周，所得几何体的侧面积是（ ）A ．4πB ．3πC ．2πD ．π 【知识点】 旋转体表面积【考查能力】本题主要考查了旋转体表面积【思路方法】由题意可知旋转体是底面半径为1，高为1的圆柱，所以侧面积为2112ππ⨯⨯= 故选C 【得分点】正确得5分，错误得0分6、从正方形四个顶点及其中心这5个点中，任取2个点，则这2个点的距离小于该正方形边长的概率为A ．15B ．25C ．35D ．45【知识点】 古典概型【考查能力】本题主要考查了古典概型【思路方法】记正方形的四个顶点分别为,,,A B C D 中心为O ，从这5个点中任取两 共有(,),(,),(,),(,),(,),(,),(,),(,)(,),(,)A B A C A D A O B C B D B O C D C O D O 共10种 结果，两点间的距离小于边长分别为(,),(,),(,),(,)A O B O C O D O 共4种结果，所以 25P =故选B 【得分点】正确得5分，错误得0分7、下列函数中，满足“()()()f x y f x f y +=”的单调递增函数是 （ ）A ．()3f x x = B ．()3xf x = C ．()12f x x = D ．()12xf x ⎛⎫= ⎪⎝⎭【知识点】 函数的抽象关系及函数的单调性【考查能力】本题主要考查了函数的抽象关系及函数的单调性.【思路方法】由()()()f x y f x f y +=可知指数函数满足此关系，又要求函数单调递增 所以()3xf x = 故选B【得分点】正确得5分，错误得0分 8、原命题为“若12n n n a a a ++<，n N +∈，则{}n a 为递减数列”，关于逆命题，否命题，逆否命题真假性的判断依次如下，正确的是（ ）A ．真，真，真B ．假，假，真C ．真，真，假D ．假，假，假 【知识点】 四种命题，数列的函数特征【考查能力】本题主要考查了四种命题的判断，数列的函数特征. 【思路方法】由12n n n a a a ++<可得：1n n a a +<所以{}n a 递减，所以原命题成立故逆否命题成立；由{}n a 递减可知1n n a a +<所以12n n n a a a ++<，故逆命题成立，由互为逆否 命题的等价性知否命题成立 故选A 【得分点】正确得5分，错误得0分9、某公司10位员工的月工资（单位：元）为1210,,,x x x ，其均值和方差分别为x 和2s ，若从下月起每位员工的月工资增加100元，则这10位员工下月工资的均值和方差分别为( ) A ．x ，22100s + B ．100x +，22100s + C ．x ，2s D ．100x +，2s【知识点】 平均数与方差【考查能力】本题主要考查了平均数与方差.【思路方法】不妨记员工工资增加后的平均工资为'x 方差为2's 由平均数及方差计算公 式可知 12101'[(100)(100)(100)]10x x x x =++++⋅⋅⋅++ 12101()10x x x =+++⋅⋅⋅+100100x +=+ ， 222212101'[(100')(100')(100')]10s x x x x x x =+-++-+⋅⋅⋅++- 222212101[()()()]10x x x x x x s =-+-+⋅⋅⋅+-= 故选D【得分点】正确得5分，错误得0分10、如图，修建一条公路需要一段环湖弯曲路段与两条直道平滑连接（相切）。
2014年全国高考文科数学试题及答案-陕西卷
2014年陕西高考文科数学试题（文）一．选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1. 设集合{|0,}M x x x R =≥∈，2{|1,}N x x x R =<∈，则MN =（ ）.[0,1]A .(0,1)B .(0,1]C .[0,1)D2. 函数()cos(2)4f x x π=+的最小正周期是（ ）.2A π.B π .2C π .4D π 3. 已知复数2z i =-，则Z .z z ⋅ 的值为（ ）A.5B.5C.3D.34. 根据右边框图，对大于2的整数N ，得出数列的通项公式是（ ）.2n Aa n = .2(1)n B a n =- .2n n C a = 1.2n n D a -=5. 将边长为1的正方形以其一边所在的直线为旋转轴旋转一周，所得集合体的侧面积是（ ）A.4πB.3πC.2πD.π6. 从正方形四个顶点及其中心这5个点中，任取2个点，则这2个点的距离不小于该正方形边长的概率为（ ）1.5A2.5B3.5C4.5D 7. 下列函数中，满足“()()()f x y f x f y +=”的单调递增函数是（ ）A. ()3f x x = B. ()3xf x = C. ()12f x x =D. ()12xf x ⎛⎫= ⎪⎝⎭8. 原命题为“1,2n n n a a a n N +++<∈，则{}n a 为递减数列”，关于其逆命题，否命题，逆否命题的判断依次如下，正确的是（ ）A.真，真，真B.假，假，真C.真，真，假D.假，假，假9. 某公司10位员工的月工资（单位:元）为1210,,...,x x x ，其均值和方差分别为x 和s 2，若从下月起每位员工的月工资增加100元，则这个10位员工下月工资的均值和方差分别为（ ） （A ）22,100x s +（B ）22100,100x s ++（C ）2,x s（D ）2100,x s+10. 如图，修建一条公路需要一段环湖弯曲路段与两条直道平滑连接（相切），已知欢呼弯曲路段为某三次函数图像的一部分，则该函数的解析式为（ ）A.x x x y --=232121 B.x x x y 3212123-+=C.x x y -=341D.x x x y 2214123-+=二、填空题：把答案填写在答题卡相应题号后的横线上（本大题共5小题，每小题5分，共25分）. 11.抛物线24y x =的准线方程为___________. 12.已知,lg ,24a x a ==则x =________. 13. 设20πθ<<，向量()()sin 2cos 1,cos a b θθθ==-，，，若0a b ⋅=，则=θtan _______. 14.已知(),01xf x x x=≥+，11()(),()(()),n n f x f x f x f f x n N ++==∈，则2014()f x 的表达式为__________.15.（考生注意：请在下列三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题评分）.A (不等式选做题)设,,,a b m n R ∈，且225,5a b ma nb +=+=的最小值为.B （几何证明选做题）如图，ABC ∆中，6BC =，以BC 为直径的半圆分别交,AB AC 于点,E F ，若2AC AE =,则EF =.C （坐标系与参数方程选做题）在极坐标系中，点(2,)6π到直线sin()16πρθ-=的距离是16. （本小题满分12分）ABC ∆的内角C B A ，，所对的边分别为c b a ，，. （I ）若c b a ，，成等差数列，证明：()C A C A +=+sin 2sin sin ； （II ）若c b a ，，成等比数列，求B cos 的最小值. 17. （本小题满分12分）四面体ABCD 及其三视图如图所示，过AB 的中点E 作平行于AD ，BC 的平面，分别交四面体的棱CA DC BD ，，于点H G F ，，. （1）求四面体ABCD 的体积； （2）证明：四边形EFGH 是矩形18.（本小题满分12分）在直角坐标系xOy 中，已知点)2,3(),3,2(),1,1(C B A ，点),(y x P 在ABC ∆三边围成的区域（含边界）上，且),(R n m n m ∈+= （1）若23m n ==，求||OP ； （2）用y x ,表示n m -，并求n m -的最大值. 19.（本小题满分12分）某保险公司利用简单随机抽样方法，对投保车辆进行抽样，样本车辆中每辆车的赔付结果统计如下：（Ⅰ）若每辆车的投保金额均为2800圆，估计赔付金额大于投保金额的概率；（Ⅱ）在样本车辆中，车主是新司机的占10%，新司机获赔金额为4000元的概率。
(完整版)2014陕西高考数学文科
2014高考（陕西文）一、选择题：1．已知集合2{|0},{|1,}M x x N x x x R =≥=<∈，则M N =I （ ）A ．[0,1]B ．(0,1)C ．(0,1]D ． [0,1) 2．函数()cos(2)4f x x π=+的最小正周期是（ ）A ．2πB ．πC ．2πD ．4π 3．复数2z i =-，则z z ⋅的值为（ ）A ．5 BC ．3 D4．根据右边框图，对大于2的整数N ，输出的数列的通项公式是（ ）A ．2a n = B ．2(1)n a n =- C ．2n n a = D ．12n n a -=5．将边长为1的正方形以其一边所在直线为旋转轴旋转一周，所得几何体的侧面积是（ ）A ．4πB ．3πC ．2πD ．π6．从正方形四个顶点及其中心这5个点中，任取2个点，则这2个点的距离小于该正方形边长的概率为（ ）A ．15B ．25C ．35D ．457．下列函数中，满足“()()()f x y f x f y +=”的单调递增函数是（ ） A ．()3f x x = B ．()3xf x = C ．()12f x x = D ．()12xf x ⎛⎫= ⎪⎝⎭8．原命题为“若12n n n a a a ++<，n N +∈，则{}n a 为递减数列”，关于逆命题，否命题，逆否命题真假性的判断依次如下，正确的是（ ） A ．真，真，真 B ．假，假，真 C ．真，真，假 D ．假，假，假9．某公司10位员工的月工资（单位：元）为1210,,,x x x L ，其均值和方差分别为x 和2s ，若从下月起每位员工的月工资增加100元，则这10位员工下月工资的均值和方差分别为( )A ．x ，22100s +B ．100x +，22100s +C ．x ，2sD ．100x +，2s10．如图，修建一条公路需要一段环湖弯曲路段与两条直道平滑连接（相切）. 已知环湖弯曲路段为某三次函数图像的一部分，则该函数的解析式为（ ）A ．321122y x x x =--B ．3211322y x x x =+-C ．314y x x =-D ．3211242y x x x =+-二、填空题：11．抛物线24y x =的准线方程为________．12．已知42a =，lg x a =，则x = _______．13．设20πθ<<，向量()sin 2,cos a θθ=r ，()1,cos b θ=-r ，若0a b ⋅r r =，则=θtan _______．14．已知()1xf x x=+，0x ≥，若1()()f x f x =，1()(())n n f x f f x +=，n N +∈，则()2014f x 的表达式为_______． 15．（考生注意：请在下列三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题评分） A ．(不等式选做题)设,,,a b m n R ∈，且225,5a b ma nb +=+=，则的最小值为 ． B ．（几何证明选做题）如图，ABC ∆中，6BC =，以BC 为直径的半圆分别交,AB AC 于点,E F ，若2AC AE =,则EF = ．C ．（坐标系与参数方程选做题）在极坐标系中，点(2,)6π到直线sin()16πρθ-=的距离是 ． 三、解答题：16．ABC ∆的内角C B A ，，所对的边分别为c b a ，，． （1）若c b a ，，成等差数列，证明：()C A C A +=+sin 2sin sin ； （2）若c b a ，，成等比数列，且2c a =，求B cos 的值． 17．四面体ABCD 及其三视图如图所示，平行于棱AD ，BC 的平面分别交四面体的棱AB ，BD ，DC ，CA 于点E ，F ，G ，H ． （1）求四面体ABCD 的体积；（2）证明：四边形EFGH 是矩形．A BCEF6-y =18．在直角坐标系xOy 中，已知点)2,3(),3,2(),1,1(C B A ，点),(y x P 在ABC ∆三边围成的区域（含边界）上，且OP mAB nAC =+u u u r u u u r u u u r（,m n R ∈）（1）若23m n ==；（2）用y x ,表示n m -，并求n m -的最大值．19．某保险公司利用简单随机抽样方法，对投保车辆进行抽样，样本车辆中每辆车的赔付（1（2）在样本车辆中，车主是新司机的占10%，在赔付金额为4000的样本车辆中，车主是新司机的占20%，估计在已投保车辆中，新司机获赔金额为4000元的概率．20．已知椭圆22221xy a b +=（0a b >>）经过点(，离心率为12，左右焦点分别为()1,0F c -，()2,0F c ．（1）求椭圆的方程；（2）若直线1:2l y x m =-+与椭圆交于A ，B 两点，与以1F ，2F 为直径的圆交于C ，D 两点，且满足AB CD =l 的方程．21．设函数()ln mf x x x=+，x R ∈． （1）当m e =（e 为自然对数的底数）时，求()f x 的极小值； （2）讨论函数()()3xg x f x '=-零点的个数； （3）若对任意0b a >>，()()1f b f a b a -<-恒成立，求m 的取值范围．ABCDE FGH主视图左视图俯视图参考答案一、选择题 1．D解析：2{|1,}{|11}[0,1)N x x x R x x M N =<∈=-<<∴=I . 考点：（1）7.2.1一元二次不等式的解法；（2）1.1.3集合的基本运算． 难度：A备注：高频考点 2．B解析：222T πππω===. 考点：4.3.2三角函数的单调性与周期性． 难度：A备注：高频考点 3．A解析：222(2)(2)45z i z i z z i i i =-∴=+∴⋅=-+=-=Q . 考点：（1）11.2.1复数的概念；（2）11.2.2复数的代数运算． 难度：A备注：高频考点 4．C解析：由框图知识可知：{}n a 是以2为首项，2为公比的等比数列2n n a = ；也可 以逐步写出1232,4,8a a a ===⋅⋅⋅归纳2n n a =. 考点：（1）11.1.3程序框图的识别及应用；（2）6.3.1等比数列的基本量的计算． 难度：B备注：高频考点 5．C解析：由题意可知旋转体是底面半径为1，高为1的圆柱，所以侧面积为2112ππ⨯⨯=. 考点：9.2.1几何体的表面积． 难度：A备注：高频考点 6．B解析：记正方形的四个顶点分别为,,,A B C D 中心为O ，从这5个点中任取两共有(,),(,),(,),(,),(,),(,),(,),(,)(,),(,)A B A C A D A O B C B D B O C D C O D O 共10种结果，两点间的距离小于边长分别为(,),(,),(,),(,)A O B O C O D O 共4种结果，所以25P =． 考点：10.5.2古典概型的概率问题． 难度：B备注：高频考点 7．B解析：由()()()f x y f x f y +=可知指数函数满足此关系，又要求函数单调递增，所以()3x f x =.考点：（1）2.2.1函数单调性的判断；（2）2.7.1抽象函数的性质及应用． 难度：B备注：高频考点 8．A解析：由12n n n a a a ++<可得：1n n a a +<所以{}n a 递减，所以原命题成立，故逆否命题成立；由{}n a 递减可知1n n a a +<所以12n n n a a a ++<，故逆命题成立，由互为逆否命题的等价性知否命题成立. 考点：（1）1.2.1四种命题的关系及真假判断；（2）6.5.3数列与函数的综合应用． 难度：B备注：高频考点、易错题 9．D 解析：不妨记员工工资增加后的平均工资为'x 方差为2's 由平均数及方差计算公式可知12101'[(100)(100)(100)]10x x x x =++++⋅⋅⋅++12101()10x x x =+++⋅⋅⋅+100100x +=+ ，222212101'[(100')(100')(100')]10s x x x x x x =+-++-+⋅⋅⋅++-222212101[()()()]10x x x x x x s =-+-+⋅⋅⋅+-=.考点：10.2.3用样本的数字特征估计总体的数字特征． 难度：B备注：高频考点、易误点 10．A解析：由已知设所求三次函数为32()(0)f x ax bx cx d a =+++≠所以2'()32f x ax bx c =++，由给出图像可知所求三次函数过点(0,0),(2,0)且在这两点处的切线分别为,36y x y x =-=-，所以有(0)0(2)0'(0)1'(2)3f f f f =⎧⎪=⎪⎨=-⎪⎪=⎩ 即0842011243d a b c c a b c =⎧⎪++=⎪⎨=-⎪⎪++=⎩ 解得121210a b c d ⎧=⎪⎪⎪=-⎨⎪=-⎪⎪=⎩所以3211()22f x x x x =--； 也可根据题意设()(2)()(0)f x ax x x b a =-+≠ 再根据'(0)1,'(2)3f f =-=求出1,12a b ==，3211()22f x x x x =--.考点：（1）3.1.3导数的几何意义；（2）2.1.7求函数的解析式；（3）13.2.10待定系数法；（4）13.1.1函数与方程思想． 难度：C备注：高频考点、易错题 二. 填空题 11．1x =-解析：由已知可知准线方程为1x =-.考点：8.7.2抛物线的标准方程及几何形状．难度：A备注：高频考点 12解析：由42a =可得41log 22a ==，所以有1lg ,2x x ==考点：（1）2.4.1指数式与根式的计算问题；（2）2.5.1对数式的化简与求值． 难度：A备注：高频考点、易错题13．12解析：由0⋅=a b 得22sin 2cos 0,2sin cos cos 0θθθθθ-=∴-=，(0,)2πθ∈Q1cos 0tan 2θθ∴≠∴=.考点：（1）5.3.1平面向量的数量积运算；（2）4.2.1同角三角函数的基本关系式的应用；（3）4.5.3倍角、半角公式的应用． 难度：B备注：高频考点、易错题14．12014xx+解析：方法1：由已知11()(()),()1n n xf x f f x f x x+==+可得：21()(),11211x x x x f x f x x x x +===++++312()()1213112xx x x f x f x x xx +===++++413()()1314113xx x x f x f x x xx +===⋅⋅⋅++++可归纳2014()12014xf x x =+方法2：由1()()1()n n n f x f x f x +=+可得1111()()n n f x f x +=+，1111()f x x=+ ，所以 111()()1n n nx x n f x f x x x nx +=+=∴=+ 2014()12014x f x x ∴=+. 考点：11.3.1归纳推理． 难度：C备注：高频考点、易错题 15． A解析：由柯西不等式有ma nb +≤5≤，≥. 考点：12.3.4难度：A备注：高频考点 B ．3解析：由圆内接四边形对角互补可知：180ACB FEB ACB AEF ∠+∠=︒∴∠=∠,又A A ∠=∠所以AEF ACB ∆∆; 1,32EF AEEF BC AC ∴==∴=.考点：（1）12.1.7圆内接四边形性质的应用；（2）12.1.2相似三角形的判定． 难度：B备注：高频考点 C ．1解析：由将点(2,),6π直线sin()16πρθ-=化成直角坐标为20x --=由点到直线距离公式有1d =.考点：（1）12.2.1极坐标和直角坐标的互化；（2）8.2.3距离公式的应用． 难度：B备注：高频考点 三、解答题：16．（1）见解析；（2）34. 解析：（1）因为,,a b c 成等差数列，所以2a c b +=，由正弦定理得sin sin 2sin A C B += 因为 sin sin[()]sin()B A C A C π=-+=+，所以sin sin 2sin()A C A C +=+；（2）由,,a b c 成等比数列有2b ac =，又2c a =，b ∴=，由余弦定理有2222222423cos 244a cb a a a B ac a +-+-===.考点：（1）6.2.3等差数列的性质及应用；（2）6.3.3等比数列的性质及应用；（3）4.6.3正、余弦定理的综合应用；（4）13.1.4化归与转化思想. 难度：B备注：高频考点17．（1）23；（2）见解析.解析：（1）由该四面体的三视图可知,,,2,1,BD DC BD AD AD DC BD DC AD ⊥⊥⊥===所以AD ⊥平面BDC ,所以四面体的体积112221323V =⨯⨯⨯⨯=；（2）Q //BC 平面EFGH ,平面EFGH I 平面BDC FG =,平面EFGH I 平面ABC EH =,//,//,//BC FG BC EH FG EH ∴∴ 同理//,//,//EF AD GH AD FE GH ∴ ∴四边形EFGH 为平行四边形，又因为AD ⊥平面BDC ,,AD BC EF FG ∴⊥∴⊥ ∴四边形EFGH 为矩形．考点：（1）9.2.3由三视图求几何体的表面积、体积；（2）9.5.1直线与平面垂直的判定与性质；（3）9.4.1直线与平面平行的判定与性质；（4）13.1.4化归与转化思想. 难度：B备注：高频考点18．（1）（2）1.解析：（1）23m n ==Q ，(1,2),(2,1)AB AC ==u u u r u u u r ，22(1,2)(2,1)(2,2)33OP ∴=+=u u u r ，||OP ∴==u u u r（2）(1,2)(2,1)(2,2)OP m n m n m n =+=++u u u r Q ，22x m ny m n =+⎧∴⎨=+⎩两式相减，得m n y x -=-，令y x z -=，由图可知当直线y x z -=过(2,3)B 时，max 1z = 所以m n -的最大值为1.考点：（1）5.2.2向量坐标的基本运算；（2）5.3.2向量的夹角与向量的模；（3）7.4.2求线性目标函数的最值问题；（4）13.1.2数形结合思想. 难度：B备注：高频考点 19．（1）0.27；（2）0.24. 解析：（1）设A 表示事件“赔付金额为3000元”，B 表示事件“赔付金额为4000元”，以频率估计概率得150120()0.15,()0.1210001000P A P B ====，由于投保金额为2800元，赔付金额大于投保金额对应的情形是3000元和4000元，所以其概率为()()0.150.120.27P A P B +=+=. （2）设C 表示事件“投保车辆中新司机获赔4000元”，由已知，样本车辆中车主为新司机的有0.11000100⨯=辆，而赔付金额为4000元的车辆中，车主为新司机的有0.212024⨯=辆，所以样本中新司机车主获赔的金额为4000元的频率为240.24100=，以频率估计概率得()0.24P C = 考点：（1）10.4.3互斥事件、对立事件的概率；（2）10.1.1简单随机抽样；（3）13.1.3分类与整合思想. 难度：B备注：高频考点、易错题20．（1）22143x y +=；（2）132y x =-或132y x =-. 解析：（1）由题设知2223,1,2,b c a b a c ⎧=⎪⎪=⎨⎪⎪=-⎩，解得2,3,1,a b c ==∴椭圆的方程为22143x y +=；（2）由题设，以12F F 为直径的圆的方程为221x y +=， ∴ 圆心的直线l 的距离25m d =，由1d <得5m ．（*） ∴ 2224221215455CD d m m =-=-=-设1122(,),(,),A x y B x y 由2212143y m x y ⎧=-+⎪⎪⎨⎪+=⎪⎩，得2230x mx m -+-=， 由求根公式可得21212,3x x m x x m +==-．∴AB由ABCD =1=，解得m =，满足（*）． ∴ 直线l的方程为12y x =-+或12y x =-．考点：（1）8.5.2椭圆的标准方程；（2）8.5.3椭圆的几何性质；（3）8.3.1求圆的方程；（4）8.2.3距离公式的应用；（5）8.6.4直线与双曲线的位置关系；（6）8.8.8圆锥曲线与圆结合问题；（7）13.1.1函数与方程思想；（8）13.1.4化归与转化思想. 难度：C备注：高频考点、易错题21．（1）2；（2）见解析；（3）1[,)4+∞.解析：（1）由题设，当m e =时，()ln e f x x x =+，则2()x ef x x -'=，∴当(0,)x e ∈，()0f x '<，()f x 在(0,)e 上单调递减， 当(,)x e ∈+∞，()0f x '>，()f x 在(,)e +∞上单调递增，∴x e =时，()f x 取得极小值()ln 2ef e e e =+=，∴()f x 的极小值为2； （2）由题设21()()33x m xg x f x x x '=-=--（0x >）， 令 ()0g x =，得313m x x =-+（0x >）．设31()3x x x ϕ=-+（0x ≥），则2()1(1)(1),x x x x ϕ'=-+=--+，当(0,1)x ∈时，()0x ϕ'>，()x ϕ在(0,1)上单调递增， 当(1,)x ∈+∞，()0x ϕ'<，()x ϕ在(1,)+∞上单调递减．∴ 1x =是()x ϕ的唯一极值点，且是极大值点，因此1x =也是()x ϕ的最大值点， ∴ ()x ϕ的最大值为2(1)3ϕ=． 又(0)0ϕ=，结合()y x ϕ=的图像（如图），可知① 当23m >时，函数()g x 无零点； ② 当23m =时，函数()g x 有且只有一个零点； ③ 当203m <<时，函数()g x 有两个零点； ④ 当0m ≤时，函数()g x 有且只有一个零点． 综上所述，当23m >时，函数()g x 无零点； 当23m =或0m ≤，函数()g x 有且只有一个零点； 当203m <<时，函数()g x 有两个零点． （3）对于任意的0b a >>，()()1f b f a b a -<-恒成立，等价于()()f b b f a a -<-恒成立．（*） 设()()ln mh x f x x x x x=-=+-（0x >）， ∴ （*）等价于()h x 在(0,)+∞上单调递减． 由21()10m h x x x '=--≤在(0,)+∞恒成立，得2211()24m x x x ≥-+=--+（0x >）恒成立， ∴ 14m ≥（对14m =，()0h x '=仅在12x =时成立），∴ m 的取值范围是1[,)4+∞．考点：（1）3.1.2导数的运算；（2）3.2.2导数与函数单调性；（3）3.2.3导数与函数极值；（4）3.2.4导数与函数最值；（5）3.2.5导数与不等式；（6）3.2.6导数与函数零点、方程的根；（7）13.1.1函数与方程思想；（8）13.1.4化归与转化思想；（9）13.1.2数形结合思想；（10）13.1.3分类与整合思想.难度：D备注：高频考点、易错题。
2014年陕西省高考数学试卷(文科)教师版
2014 年陕西省高考数学试卷（文科）一、选择题（共10 小题，每题 5 分，共 50 分）1．（5 分）（2014?陕西）设会合 M={ x| x≥0，x∈R} ， N={ x| x2＜1，x∈R} ，则 M ∩N=（）A．[ 0，1]B．（0，1）C．（0，1]D．[ 0，1）【剖析】先解出会合 N，再求两会合的交即可得出正确选项．【解答】解：∵M={ x| x≥ 0，x∈R} ，N={ x| x2＜ 1，x∈R} ={ x| ﹣1＜x＜1，x∈R} ，∴M∩N=[ 0，1）．应选： D．2．（5 分）（2014?陕西）函数 f （x）=cos（ 2x+）的最小正周期是（）A．B．πC．2πD．4π【剖析】由题意得ω=2，再代入复合三角函数的周期公式求解．【解答】解：依据复合三角函数的周期公式得，函数f （x） =cos（ 2x+）的最小正周期是π，应选： B．3．（5 分）（2014?陕西）已知复数z=2﹣i，则z?的值为（）A．5B．C．3D．【剖析】由 z 求出，而后直接利用复数代数形式的乘法运算求解．【解答】解：由 z=2﹣i，得 z? =（2﹣i）（2+i）=4﹣ i2 =5．应选： A．4．（5 分）（2014?陕西）依据以下图的框图，对大于 2 的整数 N，输出的数列的通项公式是（）A．a n=2n B．a n =2（ n﹣ 1）C．a n=2n D．a n=2n﹣1【剖析】依据框图的流程判断递推关系式，依据递推关系式与首项求出数列的通项公式．【解答】解：由程序框图知： a i+1 =2a i，a1=2，∴数列为公比为 2 的等比数列，∴ a n=2n．应选： C．5．（5 分）（2014?陕西）将边长为 1 的正方形以其一边所在直线为旋转轴旋转一周，所得几何体的侧面积是（）A．4πB．3πC．2πD．π【剖析】边长为 1 的正方形，绕其一边所在直线旋转一周，获得的几何体为圆柱，从而可求圆柱的侧面积．【解答】解：边长为 1 的正方形，绕其一边所在直线旋转一周，获得的几何体为圆柱，则所得几何体的侧面积为：1×2π× 1=2π，应选： C．6．（5 分）（2014?陕西）从正方形四个极点及此中心这 5 个点中任取 2 个点，则这 2 个点的距离小于该正方形边长的概率为（）A．B．C．D．【剖析】设正方形边长为1，则从正方形四个极点及此中心这5 个点中任取 2 个点，共有 10 条线段， 4 条长度为 1，4 条长度为，两条长度为，即可得出结论．【解答】解：设正方形边长为1，则从正方形四个极点及此中心这 5 个点中任取2 个点，共有10 条线段， 4 条长度为1，4 条长度为，两条长度为，∴所求概率为= ．应选： B．7．（5 分）（ 2014?陕西）以下函数中，知足“f（x+y）=f（x）f（y）”的单一递加函数是（）A．f（ x） =x3 B．f（ x）=3x C．f （x）=x D．f（x）=（）x【剖析】对选项一一加以判断，先判断能否知足 f （x+y）=f（ x）f（ y），而后考虑函数的单一性，即可获得答案．【解答】解： A．f （x）=x3，f（ y）=y3，f （x+y）=（x+y）3，不知足f（x+y） =f （x）f（y），故 A 错；B．f （x）=3x，f（ y） =3y， f（x+y）=3x+y，知足 f（ x+y）=f（x）f （y），且 f（ x）在 R 上是单一增函数，故 B 正确；C．f （x）=，f（y）=，f（x+y）=故 C错；D．f（x）=，f（y）=，f（x+y）=，不知足 f （x+y）=f（x）f（y），，知足 f（x+y）=f（x）f（y），但 f（x）在 R 上是单一减函数，故 D错．应选： B．8．（ 5 分）（ 2014?陕西）原命题为“若＜a n，n∈N+，则{ a n} 为递减数列”，对于其抗命题，否命题，逆否命题真假性的判断挨次以下，正确的选项是（）A．真、真、真B．假、假、真C．真、真、假D．假、假、假【剖析】先依据递减数列的定义判断命题的真假，再判断否命题的真假，依据命与其逆否命同真性及四种命的关系判断抗命与逆否命的真假．【解答】解：∵＜a n=? a n+1＜a n，n∈ N+，∴{ a n} 减数列，命是真命；其否命是：若≥a n， n∈ N+， { a n} 不是减数列，是真命；又命与其逆否命同真同假，命的否命与抗命是互逆否命，∴命的抗命，逆否命都是真命．故： A．9．（5分）（2014?西）某企业10 位工的月工（位：元）x1， x2，⋯，x10，其均和方差分和 s2，若从下月起每位工的月工增添100 元，10 位工下月工的均和方差分（）A．，s2+1002B．+100，s2+1002C．，s2D．+100，s2【剖析】依据量之均和方差的关系和定，直接代入即可获得．【解答】解：由意知 y i =x i+100，= （ x1+x2+⋯+x10+100×10） = （x1+x2+⋯+x10） = +100，方差 s2= [（x1+100（ +100）2+（x2+100（ +100）2+⋯+（ x10+100（ +100）2] = [ （x1）2+（x2）2+⋯+（x10）2] =s2．故： D．10．（ 5 分）（2014?西）如，修筑一条公路需要一段湖曲折路段与两条直道光滑接（相切），已知湖曲折路段某三次函数象的一部分，函数的分析式（）．y= x 3x2 x B．y=x3+2 3xA x C．y= x3 x D．y= x3+ x2 2x【剖析】由题设，“需要一段环湖曲折路段与两条直道光滑连结（相切）“可得出此两点处的切线正是两条直道所在直线，由此规律考证四个选项即可得出答案．【解答】解：由函数图象知，此三次函数在（0，0）上处与直线 y=﹣ x 相切，在（2，0）点处与 y=3x﹣6 相切，下研究四个选项中函数在两点处的切线．A、，将，2代入，解得此时切线的斜率分别是﹣1，，切合03题意，故 A 正确；B、，将0 代入，此时导数为﹣3，不为﹣ 1，故 B 错误；C、，将 2 代入，此时导数为﹣1，与点（ 2，0）处切线斜率为 3 矛盾，故 C 错误；D、，将0 代入，此时导数为﹣2，与点（ 0，0）处切线斜率为﹣1 矛盾，故 D 错误．应选： A．二、填空题（共 4 小题，每题 5 分，共 25 分）11．（ 5 分）（2014?陕西）抛物线 y2=4x 的准线方程是 x=﹣1．【剖析】先依据抛物线的标准方程形式求出p，再依据张口方向，写出其准线方程．【解答】解：∵ 2p=4，∴p=2，张口向右，∴准线方程是 x=﹣1．故答案为 x=﹣1．12．（ 5 分）（2014?陕西）已知4a=2， lgx=a，则x=．【剖析】化指数式为对数式求得a，代入lgx=a 后由对数的运算性质求得x 的值．【解答】解：由4a=2，得，再由 lgx=a= ，得 x=．故答案：．13．（5 分）（ 2014?西） 0＜θ＜，向量=（sin2 θ，cos θ）， =（1，cos θ），若 ? =0，tan θ=．2sin θcosθcos2θ =0，再利用同【剖析】由条件利用两个向量的数目公式求得角三角函数的基本关系求得tan θ【解答】解：∵=sin2 θ cos2θ =2sinθ coscosθ2θ =0，0＜θ＜，∴ 2sin θ cosθ=0，∴ tan θ=，故答案：．14．（ 5分）（2014?西）已知 f （x）=，x≥0，若f1（x）=f（x），f n+1（ x）=f（f n（ x））， n∈ N+，f2014（x）的表达式．【剖析】由意，可先求出 f 1（x），f2（ x），f 3（x）⋯，出 f n（x）的表达式，即可得出 f2014（x）的表达式【解答】解：由意．．．⋯故 f2014（x）=故答案：考（在15-17 三中任一作答，假如多做，按所做的第一分）不等式做15．（5 分）（2014?西）a，b，m，n∈R，且 a2+b2 =5，ma+nb=5，的最小为．【剖析】依据柯西不等式（ a2+b2）（c2+d2）≥（ ac+bd）2当且仅当 ad=bc 取等，问题即可解决．【解答】解：由柯西不等式得，（ma+nb）2≤（ m2+n2）（a2+b2）∵a2+b2=5，ma+nb=5，∴（ m2+n2）≥ 5∴的最小值为故答案为：几何证明选做题16．（ 2014?陕西）如图，△ ABC 中， BC=6，以 BC 为直径的半圆分别交AB、AC于点 E、F，若 AC=2AE，则 EF= 3 ．【剖析】证明△ AEF∽△ ACB，可得，即可得出结论．【解答】解：由题意，∵以BC为直径的半圆分别交AB、AC于点 E、 F，∴∠ AEF=∠C，∵∠ EAF=∠CAB，∴△ AEF∽△ ACB，∴，∵BC=6，AC=2AE，∴ EF=3．故答案为： 3．坐标系与参数方程选做题17．（ 2014?陕西）在极坐标系中，点（ 2，）到直线的距离是1．【剖析】把极坐标化为直角坐标，再利用点到直线的距离公式即可得出．【解答】解：点 P（ 2，）化为=，y=2，∴，．=1P直线睁开化为：=1，化为直角坐标方程为：，即=0．∴点 P 到直线的距离 d==1．故答案为： 1．三、解答题（共 6 小题，共 75 分）18．（ 12 分）（ 2014?陕西）△ ABC的内角 A、B、C 所对的边分别为a，b，c．（Ⅰ）若 a，b， c 成等差数列，证明： sinA+sinC=2sin（ A+C）；（Ⅱ）若 a，b， c 成等比数列，且c=2a，求 cosB的值．【剖析】（Ⅰ）由 a，b，c 成等差数列，利用等差数列的性质获得a+c=2b，再利用正弦定理及引诱公式变形即可得证；（Ⅱ）由 a，b，c 成等比数列，利用等比数列的性质列出关系式，将c=2a 代入表示出 b，利用余弦定理表示出cosB，将三边长代入即可求出cosB的值．【解答】解：（Ⅰ）∵ a， b， c 成等差数列，∴ a+c=2b，由正弦定理得： sinA+sinC=2sinB，∵ sinB=sin[ π﹣（ A+C）] =sin（ A+C），则 sinA+sinC=2sin（A+C）；（Ⅱ）∵ a，b， c 成等比数列，∴ b2=ac，将 c=2a 代入得： b2=2a2，即b=a，∴由余弦定理得：cosB=== ．19．（12 分）（2014?陕西）四周体ABCD及其三视图以下图，平行于棱AD，BC的平面分别交四周体的棱AB、 BD、DC、CA 于点 E、F、 G、H．（Ⅰ）求四周体ABCD的体积；（Ⅱ）证明：四边形EFGH是矩形．【剖析】（Ⅰ）证明 AD⊥平面 BDC，即可求四周体ABCD的体积；（Ⅱ）证明四边形 EFGH是平行四边形， EF⊥HG，即可证明四边形 EFGH是矩形．【解答】（Ⅰ）解：由题意， BD⊥DC，BD⊥AD，AD⊥DC， BD=DC=2，AD=1，∴AD⊥平面 BDC，∴四周体 ABCD的体积 V== ；（Ⅱ）证明：∵ BC∥平面 EFGH，平面 EFGH∩平面 BDC=FG，平面 EFGH∩平面ABC=EH，∴BC∥FG，BC∥ EH，∴FG∥EH．同理 EF∥ AD， HG∥ AD，∴EF∥HG，∴四边形 EFGH是平行四边形，∵AD⊥平面 BDC，∴ AD⊥BC，∴ EF⊥FG，∴四边形 EFGH是矩形．20．（ 12 分）（2014?陕西）在直角坐标系xOy 中，已知点 A（1，1），B（2，3），（C3，2），点 P（ x，y）在△ ABC三边围成的地区（含界限）上，且 =m +n （m，n∈R）（Ⅰ）若 m=n= ，求 || ；（Ⅱ）用 x， y 表示 m﹣n，并求 m﹣n 的最大值．【剖析】（Ⅰ）由点的坐标求出向量和的坐标，联合m=n=，再由=m+n求得的坐标，而后由模的公式求模；（Ⅱ）由=m+n获得，作差后获得m﹣n=y﹣x，令y﹣ x=t，而后利用线性规划知识求得m﹣n 的最大值．【解答】解：（Ⅰ）∵ A（1， 1），B（2，3），C（3，2），∴，，，，又 m=n= ，∴，，，．∴；（Ⅱ）∵，，，，∴，两式相减得，m﹣n=y﹣x．令 y﹣x=t，由图可知，当直线 y=x+t 过点 B（ 2， 3）时， t 获得最大值 1，故 m﹣n 的最大值为： 1．21．（ 12 分）（2014?陕西）某保险企业利用简单随机抽样方法，对投保车辆进行抽样，样本车辆中每辆车的赔付结果统计以下：赔付金额01000200030004000（元）车辆数（辆）500130100150120（Ⅰ）若每辆车的投保金额均为2800 元，预计赔付金额大于投保金额的概率；（Ⅱ）在样本车辆中，车主是新司机的占10%，在赔付金额为4000 元的样本车辆中，车主是新司机的占 20%，预计在已投保车辆中，新司机获赔金额为 4000 元的概率．【剖析】（Ⅰ）设 A 表示事件“赔付金额为 3000 元，”B表示事件“赔付金额为 4000元”，以频次预计概率，求得 P（ A），P（B），再依据投保额为 2800 元，赔付金额大于投保金额得情况是 3000 元和 4000 元，问题得以解决．（Ⅱ）设 C 表示事件“投保车辆中新司机获赔4000 元”，分别求出样本车辆中车主为新司机人数和赔付金额为 4000 元的车辆中车主为新司机人数，再求出其频次，最后利用频次表示概率．【解答】解：（Ⅰ）设 A 表示事件“赔付金额为 3000 元，”B表示事件“赔付金额为 4000 元”，以频次预计概率得P（A）=，（），P B =因为投保额为 2800 元，赔付金额大于投保金额得情况是3000 元和 4000 元，所以其概率为 P（A）+P（ B） =0.15+0.12=0.27．（Ⅱ）设 C 表示事件“投保车辆中新司机获赔4000 元”，由已知，样本车辆中车主为新司机的有 0.1× 1000=100，而赔付金额为 4000元的车辆中车主为新司机的有 0.2×120=24，所以样本中车辆中新司机车主获赔金额为4000 元的频次为，由频次预计概率得 P（C）=0.24．．（分）（陕西）已知椭圆+（＞＞）经过点（0，），离22 132014?=1 a b 0心率为，左右焦点分别为 F1（﹣ c，0）， F2（c，0）．（Ⅰ）求椭圆的方程；（Ⅱ）若直线 l：y=﹣x+m 与椭圆交于、两点，与以 1 2为直径的圆交于 C、A B F FD 两点，且知足=，求直线l的方程．【剖析】（Ⅰ）由题意可得，解出即可．（Ⅱ）由题意可得以 F1F2为直径的圆的方程为 x2+y2=1．利用点到直线的距离公式可得：圆心到直线 l 的距离 d 及 d＜ 1，可得 m 的取值范围．利用弦长公式可得 | CD| =2 ．设 A（x1，y1），B（x2，y2）．把直线 l 的方程与椭圆的方程联立可得根与系数的关系，从而获得弦长| AB| =．由=，即可解得m．【解答】解：（Ⅰ）由题意可得，解得，c=1，a=2．∴椭圆的方程为．（Ⅱ）由题意可得以F1F2为直径的圆的方程为x2+y2=1．∴圆心到直线 l 的距离 d=，由 d＜1，可得＜．（*）∴|CD|=2==．设 A（x1，y1），B（x2， y2）．联立，化为 x2﹣ mx+m2﹣ 3=0，可得 x1+x2，．=m∴| AB| ==．由=，得，解得知足（ * ）．所以直线 l 的方程为．23．（ 14 分）（ 2014?陕西）设函数 f（ x） =lnx+，m∈R．（Ⅰ）当 m=e（ e 为自然对数的底数）时，求f（x）的极小值；（Ⅱ）议论函数g（ x） =f ′（x）﹣零点的个数；（Ⅲ）若对随意b＞a＞ 0，＜1恒建立，求m的取值范围．【剖析】（Ⅰ） m=e 时， f（ x） =lnx+ ，利用 f ′（x）判断 f（x）的增减性并求出f （x）的极小值；（Ⅱ）由函数 g（x）=f ′（x）﹣，令g（x）=0，求出m；设φ（x）=m，求出φ（x）的值域，议论 m 的取值，对应 g（ x）的零点状况；（Ⅲ）由 b＞a＞0，＜1恒建立，等价于f（ b）﹣ b＜f（ a）﹣ a 恒成立；即 h（x）=f（x）﹣ x 在（ 0，+∞）上单一递减； h′（ x）≤ 0，求出 m 的取值范围．【解答】解：（Ⅰ）当 m=e 时， f （x）=lnx+ ，∴ f ′（ x）=；∴当 x∈（ 0，e）时， f ′（x）＜ 0，f （x）在（ 0，e）上是减函数；当 x∈（ e，+∞）时， f ′（x）＞ 0，f （x）在（ e，+∞）上是增函数；∴ x=e 时， f（x）获得极小值为 f（e）=lne+ =2；（Ⅱ）∵函数 g（x）=f ′（x）﹣ = ﹣﹣（x＞0），令 g（x） =0，得 m=﹣ x3+x（x＞0）；设φ（x）=﹣ x3+x（x＞0），∴φ′（x）=﹣x2+1=﹣（ x﹣1）（x+1）；当 x∈（ 0，1）时，φ′（x）＞ 0，φ（x）在（ 0，1）上是增函数，当 x∈（ 1，+∞）时，φ′（x）＜ 0，φ（ x）在（ 1，+∞）上是减函数；∴ x=1 是φ（ x）的极值点，且是极大值点，∴ x=1 是φ（ x）的最大值点，∴φ（ x）的最大值为φ（1）=；又φ（0）=0，联合 y=φ（x）的图象，如图；可知：①当 m＞时，函数 g（ x）无零点；②当 m= 时，函数 g（x）有且只有一个零点；③当 0＜m＜时，函数 g（x）有两个零点；④当 m≤ 0 时，函数 g（x）有且只有一个零点；综上，当 m＞时，函数 g（x）无零点；当 m= 或 m≤0 时，函数 g（x）有且只有一个零点；当 0＜m＜时，函数 g（ x）有两个零点；（Ⅲ）对随意 b＞ a＞0，＜1恒建立，等价于 f（b）﹣ b＜ f（a）﹣ a 恒建立；设 h（x） =f（x）﹣ x=lnx+ ﹣x（x＞0），则 h（b）＜ h（a）．∴ h（ x）在（ 0，+∞）上单一递减；∵ h′（x） = ﹣﹣1≤0在（0，+∞）上恒建立，∴ m≥﹣ x2+x=﹣+ （ x＞ 0），∴ m≥；对于 m= ，h′（x）=0 仅在 x= 时建立；∴ m 的取值范围是 [，+∞）．。
2014年普通高等学校招生全国统一考试陕西卷数学文
2014年普通高等学校招生全国统一考试（陕西卷）数学文一、选择题(共10小题，每小题5分，共50分)1.设集合M={x|x≥0，x∈R}，N={x|x2＜1，x∈R}，则M∩N=( )A. [0，1]B. (0，1)C. (0，1]D. [0，1)解析：∵M={x|x≥0，x∈R}，N={x|x2＜1，x∈R}={x|-1＜x＜1，x∈R}，∴M∩N=[0，1). 答案：D.2.函数f(x)=cos(2x+)的最小正周期是( )A.B.πC. 2πD.4π解析：根据复合三角函数的周期公式得，函数f(x)=cos(2x+)的最小正周期是π，答案：B.3.已知复数z=2-i，则z•的值为( )A. 5B.C. 3D.解析：由z=2-i，得z·=(2-i)(2+i)=4-i2=5.答案：A.4.根据如图框图，对大于2的正数N，输出的数列的通项公式是( )A. a n=2nB. a n=2(n-1)C.a n=2nD. a n=2n-1解析：由程序框图知：a i+1=2a i，a1=2，∴数列为公比为2的等边数列，∴a n=2n.答案：C.5.将边长为1的正方形以其一边所在直线为旋转轴旋转一周，所得几何体的侧面积是( )A.4πB. 3πC. 2πD. π解析：边长为1的正方形，绕其一边所在直线旋转一周，得到的几何体为圆柱，则所得几何体的侧面积为：1×2π×1=2π，答案：C.6.从正方形四个顶点及其中心这5个点中任取2个点，则这2个点的距离小于该正方形边长的概率为( )A.B.C.D.解析：设正方形边长为1，则从正方形四个顶点及其中心这5个点中任取2个点，共有10条线段，4条长度为1，4条长度为，两条长度为，∴所求概率为=.答案：B.7.下列函数中，满足“f(x+y)=f(x)f(y)”的单调递增函数是( )A.f(x)=x3B. f(x)=3xC. f(x)=xD. f(x)=()x解析：A.f(x)=x3，f(y)=y3，f(x+y)=(x+y)3，不满足f(x+y)=f(x)f(y)，故A错；B.f(x)=3x，f(y)=3y，f(x+y)=3x+y，满足f(x+y)=f(x)f(y)，且f(x)在R上是单调增函数，故B正确；C.f(x)=，f(y)=，f(x+y)=，不满足f(x+y)=f(x)f(y)，故C错；D.f(x)=，f(y)=，f(x+y)=，满足f(x+y)=f(x)f(y)，但f(x)在R上是单调减函数，故D错.答案：B.8.原命题为“若＜a n，n∈N+，则{a n}为递减数列”，关于其逆命题，否命题，逆否命题真假性的判断依次如下，正确的是( )A. 真、真、真B. 假、假、真C. 真、真、假D. 假、假、假解析：∵＜a n⇔a n+1＜a n，n∈N+，∴{a n}为递减数列，命题是真命题；其否命题是：若≥a n，n∈N+，则{a n}不是递减数列，是真命题；又命题与其逆否命题同真同假，命题的否命题与逆命题是互为逆否命题，∴命题的逆命题，逆否命题都是真命题.答案：A.9.某公司10位员工的月工资(单位：元)为x1，x2，…，x10，其均值和方差分别为和s2，若从下月起每位员工的月工资增加100元，则这10位员工下月工资的均值和方差分别为( ) A.，s2+1002B.+100，s2+1002C. ，s2D. +100，s2解析：由题意知y i=x i+100，则=(x1+x2+…+x10+100×10)=(x1+x2+…+x10)=+100，方差s2=[(x1+100-(+100)2+(x2+100-(+100)2+…+(x10+100-(+100)2]=[(x1-)2+(x2-)2+…+(x10-)2]=s2，答案：D.10.如图，修建一条公路需要一段环湖弯曲路段与两条直道平滑连接(相切)，已知环湖弯曲路段为某三次函数图象的一部分，则该函数的解析式为( )A. y=x3-x2-xB. y=x3+x2-3xC. y=x3-xD. y=x3+x2-2x解析：由函数图象知，此三次函数在(0，0)上处与直线y=-x相切，在(2，0)点处与y=3x-6相切，下研究四个选项中函数在两点处的切线.A选项，，将0，2代入，解得此时切线的斜率分别是-1，3，符合题意，故A对；B选项，，将0代入，此时导数为-3，不为-1，故B错；C选项，，将2代入，此时导数为-1，与点(2，0)处切线斜率为3矛盾，故C 错；D选项，，将0氏入，此时导数为-2，与点(0，0)处切线斜率为-1矛盾，故D错.答案：A二、填空题(共4小题，每小题5分，共25分)11.抛物线y2=4x的准线方程是.解析：∵2p=4，∴p=2，开口向右，∴准线方程是x=-1.答案：x=-1.12.已知4a=2，lgx=a，则x= .解析：由4a=2，得，再由lgx=a=，得x=.故答案为：.13.设0＜θ＜，向量=(sin2θ，cosθ)，=(1，-cosθ)，若•=0，则tanθ= . 解析：∵=sin2θ-cos2θ=2sinθcosθ-cos2θ=0，0＜θ＜，∴2sinθ-cosθ=0，∴tanθ=.答案：.14.已知f(x)=，x≥0，若f1(x)=f(x)，f n+1(x)=f(f n(x))，n∈N+，则f2014(x)的表达式为 .解析：由题意...…，故f2014(x)=答案：选考题(请在15-17三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题评分)不等式选做题15.设a，b，m，n∈R，且a2+b2=5，ma+nb=5，则的最小值为 .解析：由柯西不等式得，(ma+nb)2≤(m2+n2)(a2+b2)，∵a2+b2=5，ma+nb=5，∴(m2+n2)≥5，∴的最小值为.答案：几何证明选做题16.如图，△ABC中，BC=6，以BC为直径的半圆分别交AB、AC于点E、F，若AC=2AE，则EF= .解析：由题意，∵以BC为直径的半圆分别交AB、AC于点E、F，∴∠AEF=∠C，∵∠EAF=∠CAB，∴△AEF∽△ACB，∴，∵BC=6，AC=2AE，∴EF=3.答案：3.坐标系与参数方程选做题17.在极坐标系中，点(2，)到直线ρsin(θ-)=1的距离是.解析：根据极坐标和直角坐标的互化公式x=ρcosθ，y=ρsinθ，可得点(2，)即(，1)；直线ρsin(θ-)=1即x-y=1，即x-y-2=0，故点(，1)到直线x-y-2=0的距离为=1，答案：1.三、解答题(共6小题，共75分)18.(12分)△ABC的内角A、B、C所对的边分别为a，b，c.(Ⅰ)若a，b，c成等差数列，证明：sinA+sinC=2sin(A+C)；(Ⅱ)若a，b，c成等比数列，且c=2a，求cosB的值.解析：(Ⅰ)由a，b，c成等差数列，利用等差数列的性质得到a+c=2b，再利用正弦定理及诱导公式变形即可得证；(Ⅱ)由a，b，c成等比数列，利用等比数列的性质列出关系式，将c=2a代入表示出b，利用余弦定理表示出cosB，将三边长代入即可求出cosB的值.答案：(Ⅰ)∵a，b，c成等差数列，∴a+c=2b，由正弦定理得：sinA+sinC=2sinB，∵sinB=sin[π-(A+C)]=sin(A+C)，则sinA+sinC=2sin(A+C)；(Ⅱ)∵a，b，c成等比数列，∴b2=ac，将c=2a代入得：b2=2a2，即b=a，∴由余弦定理得：cosB===.19.(12分)四面体ABCD及其三视图如图所示，平行于棱AD，BC的平面分别交四面体的棱AB、BD、DC、CA于点E、F、G、H.(Ⅰ)求四面体ABCD的体积；(Ⅱ)证明：四边形EFGH是矩形.解析：(Ⅰ)证明AD⊥平面BDC，即可求四面体ABCD的体积；(Ⅱ)证明四边形EFGH是平行四边形，EF⊥HG，即可证明四边形EFGH是矩形.答案：(Ⅰ)由题意，BD⊥DC，BD⊥AD，AD⊥DC，BD=DC=2，AD=1，∴AD⊥平面BDC，∴四面体ABCD的体积V==；(Ⅱ)∵BC∥平面EFGH，平面EFGH∩平面BDC=FG，平面EFGH∩平面ABC=EH，∴BC∥FG，BC∥EH，∴FG∥FH.同理EF∥AD，HG∥AD，∴EF∥HG，∴四边形EFGH是平行四边形，∵AD⊥平面BDC，∴AD⊥BC，∴EF⊥HG，∴四边形EFGH是矩形.20.(12分)在直角坐标系xOy中，已知点A(1，1)，B(2，3)，C(3，2)，点P(x，y)在△ABC 三边围成的区域(含边界)上，且=m+n(m，n∈R)(Ⅰ)若m=n=，求||；(Ⅱ)用x，y表示m-n，并求m-n的最大值.解析：(Ⅰ)由点的坐标求出向量和的坐标，结合m=n=，再由=m+n求得的坐标，然后由模的公式求模；(Ⅱ)由=m+n得到，作差后得到m-n=y-x，令y-x=t，然后利用线性规划知识求得m-n的最大值.答案：(Ⅰ)∵A(1，1)，B(2，3)，C(3，2)，∴，又m=n=，∴.∴；(Ⅱ)∵，∴，两式相减得，m-n=y-x.令y-x=t，由图可知，当直线y=x+t过点B(2，3)时，t取得最大值1，故m-n的最大值为1.21.(12分)某保险公司利用简单随机抽样方法，对投保车辆进行抽样，样本车辆中每辆车的赔付结果统计如下：(Ⅰ)若每辆车的投保金额均为2800元，估计赔付金额大于投保金额的概率；(Ⅱ)在样本车辆中，车主是新司机的占10%，在赔付金额为4000元的样本车辆中，车主是新司机的占20%，估计在已投保车辆中，新司机获赔金额为4000元的概率.解析：(Ⅰ)设A表示事件“赔付金额为3000元，”B表示事件“赔付金额为4000元”，以频率估计概率，求得P(A)，P(B)，再根据投保额为2800元，赔付金额大于投保金额得情形是3000元和4000元，问题得以解决.(Ⅱ)设C表示事件“投保车辆中新司机获赔4000元”，分别求出样本车辆中车主为新司机人数和赔付金额为4000元的车辆中车主为新司机人数，再求出其频率，最后利用频率表示概率.答案：(Ⅰ)设A表示事件“赔付金额为3000元，”B表示事件“赔付金额为4000元”，以频率估计概率得P(A)=，P(B)=，由于投保额为2800元，赔付金额大于投保金额得情形是3000元和4000元，所以其概率为P(A)+P(B)=0.15+0.12=0.27.(Ⅱ)设C表示事件“投保车辆中新司机获赔4000元”，由已知，样本车辆中车主为新司机的有0.1×1000=100，而赔付金额为4000元的车辆中车主为新司机的有0.2×120=24，所以样本中车辆中新司机车主获赔金额为4000元的频率为，由频率估计概率得P(C)=0.24.22.(13分)已知椭圆+=1(a＞b＞0)经过点(0，)，离心率为，左右焦点分别为F1(-c，0)，F2(c，0).(Ⅰ)求椭圆的方程；(Ⅱ)若直线l：y=-x+m与椭圆交于A、B两点，与以F1F2为直径的圆交于C、D两点，且满足=，求直线l的方程.解析：(Ⅰ)由题意可得，解出即可.(Ⅱ)由题意可得以F1F2为直径的圆的方程为x2+y2=1.利用点到直线的距离公式可得：圆心到直线l的距离d及d＜1，可得m的取值范围.利用弦长公式可得|CD|=2.设A(x1，y1)，B(x2，y2).把直线l的方程与椭圆的方程联立可得根与系数的关系，进而得到弦长|AB|=.由=，即可解得m.答案：(Ⅰ)由题意可得，解得，c=1，a=2.∴椭圆的方程为. (Ⅱ)由题意可得以F1F2为直径的圆的方程为x2+y2=1.∴圆心到直线l的距离d=，由d＜1，可得.(*)∴|CD|=2==.设A(x1，y1)，B(x2，y2).联立，化为x2-mx+m2-3=0，可得x1+x2=m，.∴|AB|==.由=，得，解得满足(*).因此直线l的方程为.23.(14分)设函数f(x)=lnx+，m∈R.(Ⅰ)当m=e(e为自然对数的底数)时，求f(x)的极小值；(Ⅱ)讨论函数g(x)=f′(x)-零点的个数；(Ⅲ)若对任意b＞a＞0，＜1恒成立，求m的取值范围.解析：(Ⅰ)m=e时，f(x)=lnx+，利用f′(x)判定f(x)的增减性并求出f(x)的极小值；(Ⅱ)由函数g(x)=f′(x)-，令g(x)=0，求出m；设φ(x)=m，求出φ(x)的值域，讨论m 的取值，对应g(x)的零点情况；(Ⅲ)由b＞a＞0，＜1恒成立，等价于f(b)-b＜f(a)-a恒成立；即h(x)=f(x)-x在(0，+∞)上单调递减；h′(x)≤0，求出m的取值范围.答案：(Ⅰ)当m=e时，f(x)=lnx+，∴f′(x)=；∴当x∈(0，e)时，f′(x)＜0，f(x)在(0，e)上是减函数；当x∈(e，+∞)时，f′(x)＞0，f(x)在(e，+∞)上是增函数；∴x=e时，f(x)取得极小值f(e)=lne+=2；(Ⅱ)∵函数g(x)=f′(x)-=--(x＞0)，令g(x)=0，得m=-x3+x(x＞0)；设φ(x)=-x3+x(x≥0)，∴φ′(x)=-x2+1=-(x-1)(x+1)；当x∈(0，1)时，φ′(x)＞0，φ(x)在(0，1)上是增函数，当x∈(1，+∞)时，φ′(x)＜0，φ(x)在(1，+∞)上是减函数；∴x=1是φ(x)的极值点，且是极大值点，∴x=1是φ(x)的最大值点，∴φ(x)的最大值为φ(1)=；又φ(0)=0，结合y=φ(x)的图象，如图可知：①当m ＞时，函数g(x)无零点；②当m=时，函数g(x)有且只有一个零点；③当0＜m ＜时，函数g(x)有两个零点；④当m≤0时，函数g(x)有且只有一个零点；综上，当m ＞时，函数g(x)无零点；当m=或m≤0时，函数g(x)有且只有一个零点；当0＜m ＜时，函数g(x)有两个零点；(Ⅲ)对任意b＞a＞0，＜1恒成立，等价于f(b)-b＜f(a)-a恒成立；设h(x)=f(x)-x=lnx+-x(x＞0)，∴h(x)在(0，+∞)上单调递减；∵h′(x)=--1≤0在(0，+∞)上恒成立，∴m≥-x2+x=-+(x＞0)，∴m≥；对于m=，h′(x)=0仅在x=时成立；∴m的取值范围是[，+∞).。
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2014年陕西高考文科数学试题（文）一．选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.已知集合2{|0},{|1,}M x x N x x x R =≥=<∈，则M N =I （ ）.[0,1]A .(0,1)B .(0,1]C .[0,1)D【答案】 D 【解析】D N M N M 选，).1,0[∩∴),11-(),∞,0[==+=Θ2.函数()cos(2)4f x x π=+的最小正周期是（ ）.2A π.B π .2C π .4D π【答案】 B 【解析】B T 选∴,π2π2||π2===ωΘ 3.已知复数 Z = 2 - 1，则Z .z 的值为（ ） A.5 B.5 C.3 D.3 【答案】 A【解析】A z z i z i z 选.514,2∴,-2=+=+==Θ4.根据右边框图，对大于2的整数N ，得出数列的通项公式是（ ）.2n A a n = .2(1)n B a n =- .2n n C a = 1.2n n D a -=【答案】 C 【解析】C q a a a a a n 选的等比数列是.2,2∴,8,4,21321=====Θ5.将边长为1的正方形以其一边所在的直线为旋转轴旋转一周，所得集合体的侧面积是（ ）A.4πB.8πC.2πD.π 【答案】 C 【解析】C r S r 选个圆：，则侧面积为，高为为旋转体为圆柱，半径.2ππ*22112==6.从正方形四个顶点及其中心这5个点中，任取2个点，则这2个点的距离不小于该正方形边长的概率为（ ）1.5A2.5B3.5C4.5D 【答案】 B 【解析】B p 选种，的顶点共是中心到种，距离小于边长只能共有中取.52104441025==∴ 7.下列函数中，满足“()()()f x y f x f y +=”的单调递增函数是（ ）（A ）()12f x x = （B ）()3f x x = （C ）()12xf x ⎛⎫= ⎪⎝⎭（D ）()3xf x =【答案】 B 【解析】B y f x f y x f B D y x y x y x 选而言，对不是递增函数只有.333)()(,3)(.++=•=•=+8.原命题为“若12,z z 互为共轭复数，则12z z =”，关于逆命题，否命题，逆否命题真假性的判断依次如下，正确的是（ ）（A ）真，假，真 （B ）假，假，真 （C ）真，真，假 （D ）假，假，假 【答案】 A 【解析】Aa a a a a a n n n n n n 选个命题全真真原命题为真，逆命题为为递减数列，，逆命题和否命题等价原命题和逆否名称等价.4}{2.11∴∴⇔<⇔<+++Θ9.某公司10位员工的月工资（单位:元）为x 1，x 2，''',x 10 ，其均值和方差分别为x 和s 2，若从下月起每位员工的月工资增加100元，则这个10位员工下月工资的均值和方差分别为（ ）（A ）x ，s 2+1002 （B ）x +100, s 2+1002 （C ） x ,s 2 （D ）x +100, s 2【答案】 D 【解析】D 选不变均值也加此数，方差也样本数据加同一个数，.10.如图，修建一条公路需要一段环湖弯曲路段与两条直道为某三次函数图像的一部分，则该函数的解析式为（ ）（A ）x x x y --=232121 （B ）x x x y 3212123-+= （C ）x x y -=341 （D ）x x x y 2214123-+=【答案】 A【解析】Ab ax x x x f x x x y f f 选经计算得出也可设符合经检验只有，且），三次函数过点.))(2-()(.-21-21.3)2(1-)0(,02(),0,0(23+===′=′ 二、填空题：把答案填写在答题卡相应题号后的横线上（本大题共5小题，每小题5分，共25分）.11.抛物线24y x =的准线方程为___________. 【答案】 -1x =【解析】.-1x (1,0),∴,42==准线方程焦点x y Θ 12.已知,lg ,24a x a==则x =________. 【答案】10【解析】.1010,21lg 12a ∴,lg ,224212aa========x a x a x 所以，Θ13. 设20πθ<<，向量)cos ,1(),cos ,2(sin θθθ-==b a ，若0=⋅b a ，则=θtan ______.【答案】 21【解析】.21tan θθ,cos θcos θsin 20,θcos -θ2sin ∴0).θcos -,1(),θcos ,θ2(sin 22====•==解得即，b a b a Θ已知f （x ）=xx+1，x≥0, f 1(x)=f(x),f n+1(x)=f(f n (x)),n ∈N +, 则f 2014(x)的表达式为__________.【答案】 x x20141+【解析】.20141)(,31211,21)(,2111,1)(∴)),(()(,,1)()(,20143211xxx f x x xx x xx f x x x x x x x f x f f x f x x x f x f n n +=+=+++=+=+++==+==+经观察规律，可得ΛΛΘ15.（考生注意：请在下列三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题评分）.A (不等式选做题)设,,,a b m n R ∈，且225,5a b ma nb +=+=，则22m n +的最小值为.B （几何证明选做题）如图，ABC ∆中，6BC =，以BC 为直径的半圆分别交,AB AC 于点,E F ，若2AC AE =,则EF =.C （坐标系与参数方程选做题）在极坐标系中，点(2,)6π到直线sin()16πρθ-=的距离是【答案】 A 5 B 3 C 1【解析】A5.≤5)φθsin(∴5)φθsin(5os θ5θsin 5,os θ5,θsin 5∴,52222222222的最小值为所以，，则设n m n m n m n m c n m nb ma c b a b a ++=++=++=+=+===+ΘB.3,2,6∴Δ=∴===ΔEF AE AC BC CBEFAC AE ACB AEF ，且相似与Θ C1|1323-3|023-1,3(∴,2-3121os θρ-23θsin ρ)6π-θsin(ρ,1,3()6π,2(=++==+==••=d y x x y c 的距离）到直线点即对应直线）对应直角坐标点极坐标点Θ16. （本小题满分12分） ABC ∆的内角C B A ，，所对的边分别为c b a ，，. （I ）若c b a ，，成等差数列，证明：()C A C A +=+sin 2sin sin ； （II ）若c b a ，，成等比数列，求B cos 的最小值. 【答案】 （1） 省略 （2）43【解析】 （1）C)sin(A 2sinC sinA .∴C),sin(A sinB sinC.sinA 2sinB c,a b 2∴,,+=++=+=+=ΘΘ即成等差，c b a（2）.43cosB 434a 2a -4a a 2ac b -a cosB a 2b .∴2ac b ∴,,2222222222==+=+====所以，，，且成等比，c a c c b a Θ17. （本小题满分12分）四面体ABCD 及其三视图如图所示，平行于棱BC AD ,的平面分别交四面体的棱 CA DC BD AB ,,,于点H G F E ,,,.（1）求四面体ABCD 的体积； （2）证明：四边形EFGH 是矩形.【答案】 （1） 32（2） 省略【解析】 （1）32ABCD 32122213131BCD -A .BCD -A AD ∴BCD ⊥AD DC,⊥BD Δ,ΔΔBCD -A 的体积为所以，四面体的体积所以，三棱锥的高为三棱锥面且为等腰由题知，=••••=•=AD S V RT BCD BCD（2）.FG.⊥BCD ⊥,//∴,,AD//HG AD//EF,∴ADHG ADEF EFGH ⊂HG EF,EFGH,AD//HC AH EH//BC,∴EHBC EFGH,⊂EH EFGH,//B BCD⊥AD DC,⊥BD Δ,Δ为矩形所以，四边形，即面，且且共面和，面面同理且共面面面面且为等腰由题知，EHGF EF EF HG EF HG EF GC DG FB DF C RT BCD ====ΘΘ18.（本小题满分12分）在直角坐标系xOy 中，已知点)2,3(),3,2(),1,1(C B A ，点),(y x P 在ABC ∆三边围成的区域（含边界）上，且(,)OP mAB nAC m n R =+∈u u u r u u u r u u u r.（1）若23m n ==，求||OP u u u r ；（2）用,x y 表示m n -，并求m n -的最大值.【答案】 （1） 22 （2）m-n=y-x, 1【解析】 （1）22|OP |22|OP |∴(2,2),OP ∴(2,2))3,3(32)]1,2()2,1[(32)AC AB (32AC AB OP ∴32),,(),2,3(),3,2(),11(22==+====+=+=+===所以，，y x n m n m y x P C B A Θ（2） 1---.1-)3,2(.,,-.--.2,2),1,2()2,1(y)x,(∴,AC AB OP 最大值为，所以，取最大值时，经计算在三个顶点求线性规划问题，可以代含边界内的最大值，属在三角形即求解得即n m x y n m x y B C B A ABC x y x y n m n m y n m x n m n m ==+=+=+=+=Θ19.（本小题满分12分）某保险公司利用简单随机抽样方法，对投保车辆进行抽样，样本车辆中每辆车的赔付结果统计如下：（I ）若每辆车的投保金额均为2800元，估计赔付金额大于投保金额的概率；（II ）在样本车辆中，车主是新司机的占10％，在赔付金额为4000元的样本车辆中，车主是新司机的占20％，估计在已投保车辆中，新司机赔获金额为4000元的概率。
2014年陕西省高考数学文科真题及答案
2014年陕西省高考数学文科真题及答案一、 选择题：在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求（本大题共10小题，每小题共5分，共计50分）1. 设集合Ｍ＝｛ｘ｜ｘ≥０ Ｘ∈Ｒ｝．Ｎ＝｛Ｘ｜Ｘ２＜１ Ｘ∈Ｒ｝。
则Ｍ∩Ｎ= ( )(A) []0,1 (B) ()0,1 (C) (]0,1 (D) [)0,1 2．函数()cos(2)4f x x π=+的最小正周期是 ( )(A) 2π(B) π (C) 2π (D) 4π3. 已知复数z=2-i ，则 z z ⋅ 的值为 ( )(A) 5 (B)5 (C)3 (D)34.根据右边框图，对大于2的整数N,输出的数列通项公式是 ( )(A) 2n a n = (B) 2(1)n a n =- (C) 2n n a = (D) 12n n a -=5.将边长为1的正方形以其一边所在直线为旋转轴旋转一周，所得几合体的侧面积是 ( )(A) 4π (B) 3π (C) 2π (D) π 6.从正方形四个顶点及其中心这5个点中，任取2个点，则这2个点的距离不小于该正方形边长的概率为( )(A) 15(B) 25(C) 35(D) 457.下列函数中，满足 f(x+y)=f(x)f(y) 的单调递增函数是 ( )(A) f(x)=x 3 (B) f(x)=3x(C) f(x) =12x (D) f(x)=x⎪⎭⎫⎝⎛218.原命题为 “若+++∈<N n a a a n n n ,21则{}n a 为递减数列，”关于其逆命题，否命题，逆否命题的判断依次如下，正确的是 ( )(A)真，真，真 (B)假，假，真 (C)真，真，假 (D)假，假，假， 9.某公司10位员工的月工资（单位：元）为x 1，x 2，''',x 10 ，其均值和方差分别是2s x 和，若从下月起每位员工的月工资增加100元，则这10位员工下月的工资的均值和方差分别为 ( )(A)22100,+s x (B),100+x 22100+s (C)x ，2s (D) x +100，2s10.如图，维修一跳公路需要一段环湖曲线路段与两条直道平滑连接（相切），已知环湖弯曲路段为某三次函数图象的一部分，则该函数的解析式为 ( ) (A)y=x x x --232121 (B)y=x x x 3212123-+ (C) y=x x -341(D) y=x x x 2214123-+二、填空题：把答案填写在答题卡相应题号的横线上（本大题共5小题，每小题5分，共计25分）11.抛物线x y 42=的准线方程为 12.已知42,lg a x a ==，则x = 13.设20πθ<<，向量)cos ,2(sin θθ=a ，b=(1,-cos θ),若0=⋅b a ,则tan =θ 14.已知)(x f =,0,1≥+x xx若)()(1x f x f = ,++∈=N n x f f x f n n )),(()(1，则2014f （x ）的表达式为15.（考生注意：在下列三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题评分）A.（不等式选做题）设n m b a ,,,R ∈,且5,522=+=+nb ma b a ，则22n m +的最小值为B.(几何证明选做题)如图△ABC 中BC ＝6，以BC 为直径的半圆分别交AB 、AC 于点E 、F ，若AC ＝2AE ，则EF ＝C. (坐标系与参数方程选做题)在极坐标系中，点（2，6π）到直线ρsin(6-πθ)=1的距离是三、解答题：解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤（本大题共计6小题，共计75分）16.（本小题满分12分）,,,,.(),,sin sin 2sin();()..2,cos ABC A B C a b c a b c A C A C a b c c a B ∆I +=+∏=的内角所对的边长分别为若成等差数列，证明：若成等比数列，且求的值。
2014年高考陕西文科数学试题及答案(word解析版)
2014年普通高等学校招生全国统一考试（陕西）数学（文科）第一部分（共50分）一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的． （1）【2014年陕西，文1，5分】已知集合{}0,M x x x R =≥∈，{}21,N x x x R =<∈，则M N =（ ）（A ）[0,1] （B ）(0,1) （C ）(0,1] （D ）[0,1) 【答案】D【解析】[0,)M =+∞，(11)N =-，，[0,1)M N ∴=，故选D ． 【点评】本题考查交的运算，理解好交的定义是解答的关键．（2）【2014年陕西，文2，5分】函数()cos(2)4f x x π=+的最小正周期是（ ）（A ）2π（B ）π （C ）2π （D ）4π 【答案】B【解析】根据复合三角函数的周期公式2T πω=得，22||2T πππω===，故选B ． 【点评】本题考查了三角函数的周期性，以及复合三角函数的周期公式2T πω=应用，属于基础题．（3）【2014年陕西，文3，5分】已知复数2i z =-，则z z ⋅的值为（ ）（A ）5 （B （C ）3 （D 【答案】A【解析】由2i z =-，得()()22i 2i 4i 5z z ⋅=-+=-=，故选A ．【点评】本题考查了复数代数形式的乘法运算，是基础的计算题． （4）【2014年陕西，文4，5分】根据右边框图，对大于2的整数N ，求出的数列的通项公式是（ ）（A ）2n a n = （B ）2(1)n a n =- （C ）2n n a = （D ）12n n a -= 【答案】C【解析】12a =，24a =，38a =，n a ∴是12a =，2q =的等比数列，故选C ．【点评】本题考查了直到型循环结构的程序框图，根据框图的流程判断递推关系式是解答本题的关键． （5）【2014年陕西，文5，5分】将边长为1的正方形以其一边所在直线为旋转轴旋转一周，所得几何体的侧面积为（ ）（A ）4π （B ）3π （C ）2π （D ）π 【答案】C【解析】边长为1的正方形，绕其一边所在直线旋转一周，得到的几何体为圆柱，则所得几何体的侧面积为：1212ππ⨯⨯=，故选C ．【点评】本题是基础题，考查旋转体的侧面积的求法，考查计算能力． （6）【2014年陕西，文6，5分】从正方形四个顶点及其中心这5个点中任取2个点，则这两个点的距离小于该正方形边长的概率为（ ）（A ）15 （B ）25 （C ）35（D ）45【答案】B【解析】设正方形边长为1，则从正方形四个顶点及其中心这5个点中任取2个点，共有10条线段，4条长度为1，442105=，故选B ． 【点评】本题考查概率的计算，列举基本事件是关键．（7）【2014年陕西，文7，5分】下列函数中，满足“()()()f x y f x f y +=”的单调递增函数是（ ）（A ）3()f x x = （B ）()3xf x = （C ）12()f x x = （D ）1()()2x f x =【答案】B【解析】对于A ：3()f x x =，3()f y y =，()3()f x y x y +=+，不满足()()()f x y f x f y +=，故A 错；对于B ：()3x f x =，()3y f y =，()3x y f x y ++=，满足()()()f x y f x f y +=，且()f x 在R 上是单调增函数，故B 正确，对于C ：21)(x x f =，12()f y y =，()12()f x y x y +=+，不满足()()()f x y f x f y +=，故C 错；对于D ：1()()2x f x =，1()()2y f y =，1()()2x y f x y ++=，满足()()()f x y f x f y +=，但()f x 在R 上是单调减函数，故D 错．故选B ．【点评】本题主要考查抽象函数的具体模型，同时考查幂函数和指数函数的单调性，是一道基础题．（8）【2014年陕西，文8，5分】原命题为“若12n n n a a a ++<，n N +∈，则{}n a 为递减数列”，关于其逆命题、否命题、逆否命题真假性的判断依次如下，正确的是（ ）（A ）真，假，真 （B ）假，假，真 （C ）真，真，假 （D ）假，假，假 【答案】A【解析】112n n n n n a a a a a +++<⇔<，n N +∈，∴ {}n a 为递减数列，命题是真命题；其否命题是：若12n n n a a a ++≥，n N +∈，则{}n a 不是递减数列，是真命题；又命题与其逆否命题同真同假，命题的否命题与逆命题是互为逆否命题，∴命题的逆命题，逆否命题都是真命题，故选A ．【点评】本题考查了四种命题的定义及真假关系，判断命题的真假及熟练掌握四种命题的真假关系是解题的关键． （9）【2014年陕西，文9，5分】某公司10位员工的月工资（单位：元）为1x ，2x ，…，10x ，其均值和方差分别为x 和2s ，若从下月起每位员工的月工资增加100元，则这10位员工下月工资的均值和方差分别为（ ） （A ）x ，22s 100+ （B ）100x +，22s 100+ （C ）x ，2s （D ）100x +，2s 【答案】D【解析】由题意知100i i y x =+，则()()1210121011100101001001010y x x x x x x x =++++⨯=++++=+，方差()()()(){}()()22222211011011s 100100100100s 1010x x x x x x x x ⎡⎤⎡⎤⎡⎤=+-++++-+=-++-=⎢⎥⎣⎦⎣⎦⎣⎦，故选D ．【点评】本题主要考查样本数据的均值和方差之间的关系，利用均值和方差的定义是解决本题的关键，要求熟练掌握相应的计算公式．（10）【2014年陕西，文10，5分】如图，修建一条公路需要一段环湖弯曲路段与两条直道平滑连续（相切），已知环湖弯曲路段为某三次函数图像的一部分，则 该函数的解析式为（ ）（A ）321122y x x x =-- （B ）3211322y x x x =+-（C ）314y x x =- （D ）3211242y x x x =+-【答案】A【解析】由函数图象知，此三次函数在()0,0上处与直线y x =-相切，在()2,0点处与36y x =-相切，以下研究四个选项中函数在两点处的切线．A 选项：2312y x x '=--，将0，2代入，解得此时切线的斜率分别是1-，3，符合题意，故A 对；B 选项，2332y x x '=+-，将0代入，此时导数为3-，不为1-，故B 错；C 选项，2314y x '=-，将2代入，此时导数为1-，与点()2,0处切线斜率为3矛盾，故C 错；D 选项，2324y x x '=+-，将0代入，此时导数为2-，与点()0,0处切线斜率为1-矛盾，故D 错， 故选A ．【点评】本题考查导数的几何意义在实际问题中的应用，导数的几何意义是导数主要应用之一．第二部分（共100分）二、填空题：本大题共5小题，每小题5分，共25分． （11）【2014年陕西，文11，5分】抛物线24y x =的准线方程为______． 【答案】1x =-【解析】∵24p =，∴2p =，开口向右，∴准线方程是1x =-．【点评】根据抛物线的方程求其焦点坐标和准线方程，一定要先化为标准形式，求出2p的值，再确定开口方向，否则，极易出现错误．（12）【2014年陕西卷理科第12，5分】已知42a =，lg x a =，则x =______．【解析】由42a =，得41log 22a ==，再由1lg 2x a ==，得x 【点评】本题考查了指数式与对数式的互化，考查了对数的运算性质，是基础题． （13）【2014年陕西，文13，5分】设02πθ<<，向量(sin 2,cos )a θθ=，(1,cos )b θ=-若0a b ⋅=，则t a n θ=_______．【答案】12【解析】22sin 2cos 2sin cos cos 0a b θθθθθ⋅=-=-=，02πθ<<，2sin cos 0θθ∴-=，∴1tan 2θ=． 【点评】本题考查了向量共线定理、倍角公式、同角三角函数基本关系式，属于基础题．（14）【2014年陕西，文14，5分】已知(),01xf x x x=≥+，若11()(),()(()),n n f x f x f x f f x n N ++==∈，则2014()f x 的表达式为_______．【答案】12014xx+【解析】由题意知：()()11xf x f x x ==+，()()()2111211x x x f x f f x x x x +===+++，()()()321213112xx x f x f f x x x x+===+++，()()()11n n x f x f f x nx -===+，故()201412014xf x x=+． 【点评】本题考查逻辑推理中归纳推理，由特殊到一般进行归纳得出结论是此类推理方法的重要特征． 考生注意：请在下列三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题评分．（15A ）【2014年陕西，文15A ，5分】（不等式选做题）设,,,,a b m n R ∈且225,5,a b ma nb +=+=最小值为_______．【解析】由柯西不等式得，()()()22222ma nb m n a b +≤++，∵225a b +=，5ma nb +=，∴225m n +≥，．【点评】本题主要考查了柯西不等式，属于中档题． （15B ）【2014年陕西，文15B ，5分】（几何证明选做题）如图，ABC ∆中，6BC =，以BC 为直径的半圆分别交AB AC 、于点E F 、，若2AC AE =，则EF =_______．【答案】3【解析】由题意，∵以BC 为直径的半圆分别交AB 、AC 于点E 、F ，∴AEF C ∠=∠，∵EAF CAB ∠=∠，∴AEF ACB ∆∆∽，∴AE EFAC BC=，∵6BC =，2AC AE =，∴3EF =． 【点评】本题考查三角形相似的判定与运用，考查学生的计算能力，属于基础题．（15C ）【2014年陕西，文15C ，5分】（坐标系与参数方程选做题）在极坐标系中，点2,6π⎛⎫ ⎪⎝⎭到直线sin()16πρθ-= 的距离是_______．【答案】1【解析】根据极坐标和直角坐标的互化公式cos x ρθ=，sin y ρθ=，可得点2,6π⎛⎫ ⎪⎝⎭即)；直线sin 16πρθ⎛⎫-= ⎪⎝⎭，即112x y =，即20x -=，故点)到直线20x -=1=． 【点评】本题主要考查把极坐标化为直角坐标的方法，点到直线的距离公式的应用，属于基础题． 三、解答题：本大题共6小题，共70分，应写出文字说明，证明过程或演算步骤． （16）【2014年陕西，文16，12分】ABC ∆的内角A B C 、、所对的边分别为,,a b c ．（1）若,,a b c 成等差数列，证明sin sin 2sin()A C A C +=+； （2）若,,a b c 成等比数列，且2c a =，求cos B 的最小值． 解：（1）∵,,a b c 成等差数列，∴2b a c =+，利用正弦定理化简得：2sin sin sin B A C =+，∵()()sin sin sin B A C A C π=-+=+⎡⎤⎣⎦，∴()sin sin 2sin 2sin A C B A C +==+．（2）∵,,a b c 成等比数列，∴2b ac =，将2c a =代入得：222b a =，即b ，由余弦定理得：2222222423cos 244a cb a a a B ac a +-+-===．【点评】此题考查了余弦定理，等差、等比数列的性质，熟练掌握余弦定理是解本题的关键． （17）【2014年陕西，文17，12分】四面体ABCD 及其三视图如图所示，平行于棱,AD BC 的平面分别交四面体的棱,,,AB BD DC CA 于点,,,E F G H ．（1）求四面体ABCD 的体积；（2）证明：四边形EFGH 是矩形． 解：（1）由题意，BD DC ⊥，BD AD ⊥，AD DC ⊥，2BD DC ==，1AD =，AD ∴⊥平面BDC ，∴四面体ABCD 的体积112221323V =⨯⨯⨯⨯=．（2）//BC 平面EFGH ，平面EFGH 平面BDC FG =，平面EFGH 平面ABC =EH ，//BC FG ∴，//BC EH ，//FG FH ∴．同理//EF AD ，//HG AD ，//EF HG ∴，∴四边形EFGH 是平行四边形， AD ⊥平面BDC ，AD BC ∴⊥，EF HG ∴⊥，∴四边形EFGH 是矩形．【点评】本题考查线面垂直，考查线面平行性质的运用，考查学生分析解决问题的能力，属于中档题． （18）【2014年陕西，文18，12分】在直角坐标系xoy 中，已知点(1,1),(2,3),(3,2)A B C ．点(,)P x y 在ABC ∆三边围成的区域（含边界）上，且(),OP mAB nAC m n =+∈R ．（1）若23m n ==，求OP ； （2）用,x y 表示m n -，并求m n -的最大值．解：（1）∵(1,1),(2,3),(3,2)A B C ，()1,2AB =，()2,1AC =，又23m n ==，()()()221,22,12,233OP ∴=+=，∴22OP =（2）∵OP mAB nAC =+，∴()(),2,2x y m n m n =++，∴2x m n =+，2y m n =+，∴m n y x -=-，令y x t -=，由图知，当直线y x t =+过点()2,3B 时，t 取得最大值1，故m n -的最大值为1．【点评】本题考查了平面向量的数乘及坐标加法运算，考查了简单的线性规划，考查了数形结合的解题思想方法，是中档题．（19）【2014年陕西，文19，12分】某保险公司利用简单随机抽样方法，对投保车辆进行抽样，样本车辆中每（1）若每辆车的投保金额均为2800元，估计赔付金额大于投保金额的概率；（2）在样本车辆中，车主是新司机的占10%，在赔付金额为4000元的样本车辆中，车主是新司机的占20%，估计在已投保车辆中，新司机获赔金额为4000元的概率．解：（1）设A 表示事件“赔付金额为3000元，”B 表示事件“赔付金额为4000元”，以频率估计概率得：()1500.151000P A ==，()1200.121000P B ==，由于投保额为2800元，赔付金额大于投保金额得情形是3000 元和4000元，所以其概率为()()0.150.120.27P A P B +=+=． （2）设C 表示事件“投保车辆中新司机获赔4000元”，由已知，样本车辆中车主为新司机的有0.1×1000=100，而赔付金额为4000元的车辆中车主为新司机的有0.2×120=24，所以样本中车辆中新司机车主获赔金额为4000元的频率为240.24100=，由频率估计概率得()0.24P C =．【点评】本题主要考查了用频率来表示概率，属于中档题．（20）【2014年陕西，文20，13分】已知椭圆()222210x y a b a b +=>>，经过点(，离心率为12，左右焦点分别为()1,0F c -，()2,0F c ．（1）求椭圆的方程；（2）若直线1:2l y x m =-+与椭圆交于A ，B 两点，与以12F F 为直径的圆交于C 、D 两点，且满足AB CD =l 的方程． 解：（1）由题意可得22212b c a a b c ⎧=⎪⎪=⎨⎪⎪=+⎩，解得2a =，b =，1c =．∴椭圆的方程为22143x y +=．（2）由题意可得以12F F 为直径的圆的方程为221x y +=．∴圆心到直线l的距离d =1d <，可得m <．（*）∴CD ===． 设()11,A x y ，()22,B x y ，联立2212143y x m x y ⎧=-+⎪⎪⎨⎪+=⎪⎩，化为2230x mx m -+-=，可得12x x m +=，2123x x m =-． ∴AB =AB CD=1，解得m =满足（*）．因此直线l的方程为12y x =-±． 【点评】本题中考查了椭圆与圆的标准方程及其性质、直线与椭圆及圆相交的弦长问题、点到直线的距离公式等基础知识与基本技能方法，考查了推理能力和计算能力，属于难题．（21）【2014年陕西，文21，14分】设函数()ln f x x xπ=+，m ∈R ．（1）当m e =（e 为自然对数的底数）时，求()f x 的极小值； （2）讨论函数()()3xg x f x '=-零点的个数； （3）若对任意0b a >>，()()1f b f a b a -<-恒成立，求m 的取值范围．解：（1）当m e =时，()ln e f x x x =+，∴()2x ef x x-'=∴当()0,x e ∈时，()0f x '<，()f x 在()0,e 上是减函数；当(),x e ∈+∞时，()0f x '>，()f x 在(),e +∞上是增函数∴x e =时，()f x 取得极小值()ln 2ef ee e=+=．（2）∵函数()()2133x m x g x f x x x '=-=--（0x >），令()0g x =，得()3103m x x x =-+>； 设()()3103x x x x φ=-+≥，∴()()()2111x x x x φ'=-+=--+；当()0,1x ∈时，()0x φ'>，()x φ在()0,1上是增函数，当()1,x ∈+∞时，()0x φ'<，()x φ在()1,+∞上是 减函数；∴1x =是()x φ的极值点，且是极大值点，∴1x =是()x φ的最大值点，∴()x φ的最大值为()213φ=；又()00φ=，结合()y x φ=的图象，如图；可知： ①当23m >时，函数()g x 无零点；②当23m =时，函数()g x 有且只有一个零点；③当203m <<时，函数()g x 有两个零点；④当0m ≤时，函数()g x 有且只有一个零点；综上，当23m >时，函数()g x 无零点；当23m =或0m ≤时，函数()g x 有且只有一个零点；当203m <<时，函数()g x 有两个零点．（3）对任意0b a >>，()()1f b f a b a-<-恒成立，等价于()()f b b f a a -<-恒成立；设()()()ln 0h x f x x x x x xπ=-=+->，∴()h x 在()0,+∞上单调递减；∵()2110m h x x x '=--≤在()0,+∞上恒成立，∴()2211024m x x x x ⎛⎫≥-+=--+> ⎪⎝⎭，∴14m ≥；对于14m =，()0h x '=仅在12x =时成立；∴m 的取值范围是1,4⎡⎫+∞⎪⎢⎣⎭． 【点评】本题考查数学归纳法；考查构造函数解决不等式问题；考查利用导数求函数的最值，证明不等式，属于一道综合题．。
2014年陕西卷文科数学高考试卷(原卷 答案)
绝密★启用前2014年普通高等学校招生全国统一考试(陕西卷)文科数学本试卷共23题，共150分。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
第I 卷（选择题）一、单选题1．已知集合2{|0,},{|1,}M x x x R N x x x R =≥∈=<∈，则M N ⋂=（ ） A ．[0,1]B ．[0,1）C ．(0,1 ]D ．(0,1)2．函数()cos(2)4f x x π=+的最小正周期是（ ）A ．2π B ．πC ．2πD ．4π3．已知复数2z i =−，则z z ⋅的值为（ ）A ．5B C ．3D4．根据右边框图，对大于2的整数N ，得出数列的通项公式是（ ）A ．12n n a +=B ．()21n a n =−C ．2nn a =D ．12n n a −=5．将边长为1的正方形以其一边所在直线为旋转轴旋转一周，所得几何体的侧面积为（ ）A ．4πB ．3πC ．2πD ．π6．从正方形四个顶点及其中心这5个点中，任取2个点，则这2个点的距离小于该正方形边长的概率为（ ） A ．15 B ．25 C ．35 D ．457．下了函数中，满足“()()()f x y f x f y +=”的单调递增函数是（ ） A ．()3f x x =B ．()3xf x =C ．()23f x x = D ．()12xf x ⎛⎫= ⎪⎝⎭8．原命题为“若12n n n a a a ++<，n N +∈，则{}n a 为递减数列”，关于逆命题，否命题，逆否命题真假性的判断依次如下，正确的是（ ） A ．真，真，真 B ．假，假，真C ．真，真，假D ．假，假，假9．某公司10位员工的月工资（单位：元）为1x ，2x ，…，10x ，其均值和方差分别为x 和2s ，若从下月起每位员工的月工资增加100元，则这10位员工下月工资的均值和方差分别为（ ） A ．x ，22s 100+ B ．100x +，22s 100+ C ．x ，2s D ．100x +，2s10．如图，修建一条公路需要一段环湖弯曲路段与两条直道平滑连续（相切），已知环湖弯曲路段为某三次函数图象的一部分，则该函数的解析式为（ ）A ．321122y x x x =−− B ．3211322y x x x =+− C ．314y x x =−D ．3211242y x x x =+−第II 卷（非选择题）请点击修改第II 卷的文字说明二、填空题11．抛物线24y x =的准线方程为_____． 12．已知42a =，lg x a =，则x =__________． 13．设20πθ<<，向量)cos ,1(),cos ,2(sin θθθ−==b a ，若0=⋅b a ，则=θtan ______.14．已知，若，则的表达式为________.15．设，且，则的最小值为______..B 16．如图，ABC ∆中，6BC =，以BC 为直径的半圆分别交,AB AC 于点,E F ，若2AC AE =,则EF =17．在极坐标系中，点)6,2(π到直线1)6sin(=−πθρ的距离是_______. 三、解答题18． ABC ∆的内角C B A ,,所对的边分别为c b a ,,.（1）若c b a ,,成等差数列，证明：)sin(2sin sin C A C A +=+； （2）若c b a ,,成等比数列，且a c 2=，求B cos 的值.19．四面体及其三视图如图所示，平行于棱的平面分别交四面体的棱于点.（1）求四面体的体积；（2）证明：四边形是矩形.20．在直角坐标系xOy 中，已知点(1,1),(2,3),(3,2)A B C ，点(,)P x y 在ABC ∆三边围成的区域（含边界）上，且(,)OP mAB nAC m n R =+∈.（1）若23m n ==，求||OP ； （2）用,x y 表示m n −，并求m n −的最大值.(1)若每辆车的投保金额均为2800元,估计赔付金额大于投保金额的概率.(2)在样本车辆中,车主是新司机的占10%,在赔付金额为4000元的样本车辆中,车主是新司机的占20%,估计在已投保车辆中,新司机获赔金额为4000元的概率.22．已知椭圆22221(0)x y a b a b+=>>经过点，离心率为12，左右焦点分别为1(,0)F c −，2(,0)F c .（1）求椭圆的方程； （2）若直线l ：12y x m =−+与椭圆交于A ，B 两点，与以12F F 为直径的圆交于C ，D 两点，且满足4AB CD =，求直线l 的方程.23．设函数()ln ,mf x x m R x=+∈. （1）当m e =（e 为自然对数的底数）时，求()f x 的最小值；（2）讨论函数()'()3xg x f x =−零点的个数； （3）若对任意()()0,1f b f a b a b a−>><−恒成立，求m 的取值范围.2014年普通高等学校招生全国统一考试(陕西卷)文科数学(参考答案)1．B【解析】试题分析：由{|0,}[0,)M x x x R =≥∈=+∞，，所以[0,1)M N ⋂=，故选B. 2．B【解析】试题分析：由周期公式2T w π=，又2w =，所以函数()cos(2)6f x x π=−的周期22T ππ==，故选B. 3．A【解析】试题分析：由2z i =−得2z i =+，所以(2)(2)5z z i i ⋅=−⋅+=，故选A. 4．C【解析】试题分析：当1,1S i ==时，11212a =⨯=；当12,2S i ==时，122222a =⨯=；当22,3S i ==时，233222a =⨯=；⋅⋅⋅由此得出数列的通项公式为2n n a =，故选C.5．C【详解】试题分析：将边长为1的正方形以其一边所在直线为旋转轴旋转一周得到的几何体为底面为半径为1r =的圆、高为1的圆柱，其侧面展开图为长为22ππ=r ，宽为1，所以所得几何体的侧面积为212ππ⨯=.故选C. 6．B【解析】试题分析：如图，从正方形四个顶点及其中心这5个点中，任取2个点，共有2510C =条线段，O 点与A ，B ，C ，D 四点中任意1点的连线段都小于该正方形边长，共有144C =，所以这2个点的距离小于该正方形边长的概率42P ==，故选B. ．【解析】试题分析：A 选项：由()()3f x y x y +=+，()()333()f x f y x y xy =⋅=，得()()()f x y f x f y +≠，所以A 错误；B 选项：由()3x y f x y ++=，()()333x y x y f x f y +=⋅=，得()()()f x y f x f y +=；又函数()3x f x =是定义在R 上增函数，所以B 正确；C 选项：由()()23f x y x y +=+，()()f x f y 2233x y =⋅23()xy =，得()()()f x y f x f y +≠，所以C 错误；D 选项：函数()12xf x ⎛⎫= ⎪⎝⎭是定义在R 上减函数，所以D 错误；故选B.8．A【解析】试题分析：由12n n n a a a ++<{}1n n n a a a +⇒<⇒为递减数列，所以原命题为真命题；逆命题：若{}n a 为递减数列，则12nn n a a a ++<，n N +∈；若{}n a 为递减数列，则1n n a a +<，即12n n n a a a ++<，所以逆命题为真；否命题：若12nn n a a a ++≥，n N +∈，则{}n a 不为递减数列；由{}112n n n n n n a a a a a a +++≥⇒≤+⇒不为递减数列，所以否命题为真；因为逆否命题的真假为原命题的真假相同，所以逆否命题也为真命题.故选A. 9．D【解析】试题分析：均值为;方差为,故选D.10．A【详解】由题目图象可知：该三次函数过原点， 故可设该三次函数为32()y f x ax bx cx ==++， 则2()32y f x ax bx c ''==++， 由题得：(0)1f '=−，(2)0f =，(2)3f '=即1{84201243c a b c a b c =−++=++=，解得121{21a b c ==−=−， 所以321122y x x x =−−，故选A. 11．1x =−【详解】由抛物线方程可知，抛物线24y x =的准线方程为：1x =−．故答案为：1x =−． 12【解析】试题分析：由42a =得12a =，所以1lg 2x =，解得x =. 13．12【解析】试题分析：因为0a b ⋅=，所以2sin 21cos 0θθ⨯−=，即2sin 2cos θθ=，所以22sin cos cos θθθ=； 因为20πθ<<，所以cos 0θ≠，故2sin cos θθ=，所以sin 1tan cos 2θθθ==，故答案为12. 14．12014xx+【解析】试题分析：111()1111x x f x x x x+−===−+++，0x ≥，11x ∴+≥，111x ∴≤+，1101x ∴−≥+，即()0f x ≥，当且仅当0x =时取等号，当0x =时，(0)0n f =；当0x >时()0f x >，1()(())n n f x f f x +=1()()1()n n n f x f x f x +∴=+，11()111()()()n n n n f x f x f x f x ++∴==+，即1111()()n n f x f x +−=，∴数列1()n f x ⎧⎫⎨⎬⎩⎭是以1()f x 为首项，以1为公差的等差数列11111(1)1(1)1()()1n nxn n x f x f x x x+∴=+−⨯=+−⨯=+ ()(0)1n x f x x nx ∴=>+，当0x =时，0(0)010n f ==+，()(0)1n x f x x nx ∴=≥+，2014()12014xf x x∴=+15【解析】试题分析：由柯西不等式得：22222()()()a b m n ma nb ++≥+，所以2225()5m n +≥，得225m n +≥≥16．3【解析】试题分析：由四边形BCFE 为圆内接四边形AEF C ⇒∠=∠，AFE B ∠=∠AEFACB ⇒∆∆⇒12AE EF AC BC ==，又因为6BC =，所以3EF =，故答案为3 17．1【解析】试题分析：直线sin()16πρθ−=化为直角坐标方程为11022y x −−=，点(2,)6π的直角坐标为，点到直线11022y x −−=的距离1|110|1d ⨯−===，故答案为1.18．（1）证明见解析；（2）34. 【解析】试题解析：（1）c b a ，，成等差数列2a c b ∴+=由正弦定理得sin sin 2sin A C B +=sin sin[()]sin()B A C A C π=−+=+()sin sin 2sin A C A C ∴+=+（2）c b a ，，成等比数列22b ac ∴=由余弦定理得22222221cos 2222a cb ac ac a c B ac ac ac +−+−+===−2c a =22243cos 44a a B a +∴== 3cos 4B ∴=19．（1）23；（2）证明见解析.【解析】试题解析：（1）由该四面体的三视图可知：,,BD DC BD AD AD DC ⊥⊥⊥，2,1BD DC AD ===AD ∴⊥平面BDC∴四面体体积11121223323BCD V AD S ∆=⋅=⨯⨯⨯⨯= （2）由该四面体的三视图可知：,,BD DC BD AD AD DC ⊥⊥⊥，2,1BD DC AD === 由题设，BC ∥面EFGH ,面EFGH ⋂面BDC FG =,面EFGH ⋂面ABC EH =BC ∴∥FG ，BC ∥EH ，FG ∴∥EH . 同理EF ∥AD ，HG ∥AD ，EF ∴∥HG . ∴四边形EFGH 是平行四边形 , 又,,BD AD AD DC BD DC D ⊥⊥⋂= ∴AD ⊥平面BDC AD BC ∴⊥ BC ∥FG ,EF ∥AD , EF FG ∴⊥ ∴四边形EFGH 是矩形20．（1）（2）m n y x −=−，1. 【解析】试题解析：解：(Ⅰ)2,3m n == ()()1,2,2,1,AB AC ==()()()221,22,12,233OP mAB nAC ∴=+=+=22OP ∴==(Ⅱ)()()()1,22,12,2OP mAB nAC m n m n m n ∴=+=+=++22x m ny m n =+⎧∴⎨=+⎩两式相减，得m n y x −=−令t y x =−，由图知，当直线y x t =+过点B (2，3)时，t 取得最大值1，故m n −的最大值为1.21．（1）0.27； （2）0.24 【解析】 试题解析：（1）设A 表示事件“赔付金额为3000元”，B 表示事件“赔付金额为4000元”，以频率估计概率得：150()0.151000P A ==，120()0.121000P B ==， 由于投保金额为2800，赔付金额大于投保金额对应的情形时3000元和4000元，所以其概率为：()()0.150.120.27P A P B +=+=设C 表示事件“投保车辆中新司机获赔4000元”，由已知，样本车辆中车主为新司机的有0.11000⨯100=，而赔付金额为4000元的车辆中车主为新司机的有0.212024⨯= 所以样本中车辆中新司机车主获赔金额为4000元的频率为240.24100= 由频率估计概率得()0.24P C =22．（1）22143x y +=（2）123y x =−+或123y x =−−.【解析】试题解析：（1）由题意可得,解得2,1a b c ===∴椭圆的方程为22143x y +=,由题意可得以12F F 为直径的圆的方程为221x y +=∴圆心到直线l 的距离为d =,由1d <1<，可得m <CD ∴===,设1122(,),(,)A x y B x y联立,整理得2230x mx m −+−=,可得：12x x m +=，2123x x m =−AB ∴==4AB CD =1=,解方程得3m =±，且满足2m <∴直线l 的方程为123y x =−+或123y x =−−23．（1）2；（2）当23m >时，函数()g x 无零点；当23m =或0m ≤时，函数()g x 有且仅有一个零点；当203m <<时，函数()g x 有两个零点；（3）1[,)4+∞. 【解析】试题解析：（1）由题设，当m e =时，()ln ef x x x=+ 易得函数()f x 的定义域为(0,)+∞221()e x ef x x x x−∴=−='∴当(0,)x e ∈时，()0f x '<，此时()f x 在(0,)e 上单调递减；当(,)x e ∈+∞时，()0f x '>，此时()f x 在(,)e +∞上单调递增；∴当x e =时，()f x 取得极小值()ln 2e f e e e=+=∴()f x 的极小值为2（2）函数21()()(0)33x m xg x f x x x x '=−=−−> 令()0g x =，得31(0)3m x x x =−+> 设31()(0)3x x x x ϕ=−+≥ 2()1(1)(1)x x x x ϕ∴=−+=−−+'当(0,1)x ∈时，()0x ϕ'>，此时()ϕx 在(0,1)上单调递增； 当(1,)x ∈+∞时，()0x ϕ'<，此时()ϕx 在(1,)+∞上单调递减；所以1x =是()ϕx 的唯一极值点，且是极大值点，因此x=1也是()ϕx 的最大值点，∴()ϕx 的最大值为12(1)133ϕ=−+=又(0)0ϕ=，结合y=()ϕx 的图像（如图），可知①当23m >时，函数()g x 无零点；②当23m =时，函数()g x 有且仅有一个零点； ③当203m <<时，函数()g x 有两个零点； ④0m ≤时，函数()g x 有且只有一个零点； 综上所述，当23m >时，函数()g x 无零点；当23m =或0m ≤时，函数()g x 有且仅有一个零点；当203m <<时，函数()g x 有两个零点.（3）对任意()()0,1f b f a b a b a −>><−恒成立，等价于()()f b b f a a −<−恒成立设()()ln (0)mh x f x x x x x x=−=+−>， ()h x ∴等价于在(0,)+∞上单调递减21()10m h x x x∴=−−≤'在(0,)+∞恒成立 2211()(0)24m x x x x ∴≥−+=−−+>恒成立14m ∴≥（对14m =，x =0h '（）仅在12x =时成立），m ∴的取值范围是1[,)4+∞。
14年高考真题——文科数学(陕西卷)
2014年普通高等学校招生全国统一考试（陕西）卷一．选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。
在每小题给也的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．已知集合{}|0M x x =≥，{}2|1,N x x x R =<∈，则M N =（ ）（A ）[]0,1 （B ）()0,1 （C ）(]0,1 （D ）[)0,1 2．函数()cos 24f x x π⎛⎫=+⎪⎝⎭的最小正周期是( ) （A ）2π （B ）π （C ）2π （D ）4π3．已知复数2z i =-，则z z ⋅ 的值为（ ） （A ）5 （B ）5 （C ）3 （D ）34．根据右边框图，对大于2的整数N ，得出数列的通项公式是( ) （A ）2n a n = （B ）()21n a n =- （C ）2n n a = （D ）12n n a -=5．将边长为1的正方形以其一边所在的直线为旋转轴旋转一周，所得集合体的侧面积是（ ） （A ）4π （B ）3π （C ）2π （D ）π6．从正方形四个顶点及其中心这5个点中，任取2个点，则这2个点的距离不小于该正方形边长的概率为( ) （A ）1 （B ）2 （C ）35 （D ）457．下列函数中，满足“()()()f x y f x f y +=”的单调递增函数是( )（A ）()12f x x =（B ）()3f x x = （C ）()12xf x ⎛⎫= ⎪⎝⎭（D ）()3xf x =8．原命题为“若12n n n a a a ++<，n N +∈，则{}n a 为递减数列”，关于其逆命题，否命题，逆否命题真假性的判断依次如下，正确的是 ( )（A ）真，真，真 （B ）假，假，真 （C ）真，真，假 （D ）假，假，假9．某公司10位员工的月工资（单位：元）为1210,,,x x x ，其均值和方差分别为x 和2s ，若从下月起每位员工的月工资增加100元，则这个10位员工下月工资的均值和方差分别为（ ） （A ）x ，22100s +（B ）100x +，22100s +（C ）x ，2s（D ）100x +，2s10．如图，修建一条公路需要一段环湖弯曲路段与两条直道为某三次函数图像的一部分，则该函数的解析式为（ ）（A ）x x x y --=232121 （B ）x x x y 3212123-+=（C ）x x y -=341 （D ）x x x y 2214123-+=二．填空题：把答案填写在答题卡相应题号后的横线上（本大题共5小题，每小题5分，共25分）11．抛物线24y x =的准线方程为___________。
2014年全国高考文科数学试题及答案-陕西卷
2014年陕西高考文科数学试题（文）一．选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1. 设集合{|0,}M x x x R =≥∈，2{|1,}N x x x R =<∈，则MN =（ ）.[0,1]A .(0,1)B .(0,1]C .[0,1)D2. 函数()cos(2)4f x x π=+的最小正周期是（ ）.2A π.B π .2C π .4D π 3. 已知复数2z i =-，则Z .z z ⋅ 的值为（ ）A.5B.5C.3D.34. 根据右边框图，对大于2的整数N ，得出数列的通项公式是（ ）.2n Aa n = .2(1)n B a n =- .2n n C a = 1.2n n D a -=5. 将边长为1的正方形以其一边所在的直线为旋转轴旋转一周，所得集合体的侧面积是（ ）A.4πB.3πC.2πD.π6. 从正方形四个顶点及其中心这5个点中，任取2个点，则这2个点的距离不小于该正方形边长的概率为（ ）1.5A2.5B3.5C4.5D 7. 下列函数中，满足“()()()f x y f x f y +=”的单调递增函数是（ ）A. ()3f x x = B. ()3xf x = C. ()12f x x =D. ()12xf x ⎛⎫= ⎪⎝⎭8. 原命题为“1,2n n n a a a n N +++<∈，则{}n a 为递减数列”，关于其逆命题，否命题，逆否命题的判断依次如下，正确的是（ ）A.真，真，真B.假，假，真C.真，真，假D.假，假，假9. 某公司10位员工的月工资（单位:元）为1210,,...,x x x ，其均值和方差分别为x 和s 2，若从下月起每位员工的月工资增加100元，则这个10位员工下月工资的均值和方差分别为（ ） （A ）22,100x s +（B ）22100,100x s ++（C ）2,x s（D ）2100,x s+10. 如图，修建一条公路需要一段环湖弯曲路段与两条直道平滑连接（相切），已知欢呼弯曲路段为某三次函数图像的一部分，则该函数的解析式为（ ）A.x x x y --=232121 B.x x x y 3212123-+=C.x x y -=341D.x x x y 2214123-+=二、填空题：把答案填写在答题卡相应题号后的横线上（本大题共5小题，每小题5分，共25分）. 11.抛物线24y x =的准线方程为___________. 12.已知,lg ,24a x a ==则x =________. 13. 设20πθ<<，向量()()sin 2cos 1,cos a b θθθ==-，，，若0a b ⋅=，则=θtan _______. 14.已知(),01xf x x x=≥+，11()(),()(()),n n f x f x f x f f x n N ++==∈，则2014()f x 的表达式为__________.15.（考生注意：请在下列三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题评分）.A (不等式选做题)设,,,a b m n R ∈，且225,5a b ma nb +=+=的最小值为.B （几何证明选做题）如图，ABC ∆中，6BC =，以BC 为直径的半圆分别交,AB AC 于点,E F ，若2AC AE =,则EF =.C （坐标系与参数方程选做题）在极坐标系中，点(2,)6π到直线sin()16πρθ-=的距离是16. （本小题满分12分）ABC ∆的内角C B A ，，所对的边分别为c b a ，，. （I ）若c b a ，，成等差数列，证明：()C A C A +=+sin 2sin sin ； （II ）若c b a ，，成等比数列，求B cos 的最小值. 17. （本小题满分12分）四面体ABCD 及其三视图如图所示，过AB 的中点E 作平行于AD ，BC 的平面，分别交四面体的棱CA DC BD ，，于点H G F ，，. （1）求四面体ABCD 的体积； （2）证明：四边形EFGH 是矩形18.（本小题满分12分）在直角坐标系xOy 中，已知点)2,3(),3,2(),1,1(C B A ，点),(y x P 在ABC ∆三边围成的区域（含边界）上，且),(R n m n m ∈+= （1）若23m n ==，求||OP ； （2）用y x ,表示n m -，并求n m -的最大值. 19.（本小题满分12分）某保险公司利用简单随机抽样方法，对投保车辆进行抽样，样本车辆中每辆车的赔付结果统计如下：（Ⅰ）若每辆车的投保金额均为2800圆，估计赔付金额大于投保金额的概率；（Ⅱ）在样本车辆中，车主是新司机的占10%，新司机获赔金额为4000元的概率。
2014年高考(陕西卷)文科数学
2014年普通高等学校招生全国统一考试(陕西)文科数学一、选择题：在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求(本大题共10小题，每小题5分，共50分)．1．(2014陕西，文1)设集合M＝{x|x≥0，x∈R}，N＝{x|x2＜1，x∈R}，则M∩N＝()．A．[0,1] B．(0,1) C．(0,1] D．[0,1)答案：D解析：由于M＝{x|x≥0，x∈R}，N＝{x|x2＜1，x∈R}＝{x|－1＜x＜1}，所以M∩N＝{x|0≤x ＜1}＝[0,1)，故选D.2．(2014陕西，文2)函数π()cos(2)4f x x+＝的最小正周期是()．A．π2B．πC．2πD．4π答案：B解析：函数f(x)的最小正周期为2π=π2，故选B.3．(2014陕西，文3)已知复数z＝2－i，则z z⋅的值为()．A．5 B C．3 D答案：A解析：z z⋅＝(2－i)·(2＋i)＝22－i2＝4－(－1)＝5，故选A.4．(2014陕西，文4)根据下边框图，对大于2的整数N，输出的数列的通项公式是()．A．a n＝2n B．a n＝2(n－1)C．a n＝2n D．a n＝2n－1答案：C解析：由程序框图可知a1＝2×1＝2，a2＝2×a1＝2×2＝4，a3＝2a2＝2×4＝8，…，因此在{a n}中满足a1＝2，a n＝2a n－1.所以{a n}是首项和公比均为2的等比数列，故a n＝2·2n－1＝2n，故选C.5．(2014陕西，文5)将边长为1的正方形以其一边所在直线为旋转轴旋转一周，所得几何体的侧面积是()．A．4πB．3πC．2πD．π答案：C解析：依题意，知所得几何体是一个圆柱，且其底面半径为1，母线长也为1，因此其侧面积为2π×1×1＝2π，故选C.6．(2014陕西，文6)从正方形4个顶点及其中心这5个点中，任取2个点，则这2个点的距离小于该正方形边长的概率为( )．A ．15 B ．25 C ．35 D ．45答案：B解析：设正方形的四个顶点为A ，B ，C ，D ，中心为O ，从这5个点中任取2个点，一共有10种不同的取法：AB ，AC ，AD ，AO ，BC ，BD ，BO ，CD ，CO ，DO ，其中这2个点的距离小于该正方形边长的取法共有4种：AO ，BO ，CO ，DO .因此由古典概型概率计算公式，可得所求概率42105P ==，故选B. 7．(2014陕西，文7)下列函数中，满足“f (x ＋y )＝f (x )f (y )”的单调递增函数是( )． A ．f (x )＝x 3 B ．f (x )＝3xC ．12()f x x = D ．1()2xf x ⎛⎫= ⎪⎝⎭答案：B解析：对于函数f (x )＝x 3，f (x ＋y )＝(x ＋y )3， f (x )f (y )＝x 3·y 3，而(x ＋y )3≠x 3y 3，所以f (x )＝x 3不满足f (x ＋y )＝f (x )f (y )，故A 错误；对于函数f (x )＝3x ，f (x ＋y )＝3x ＋y ＝3x ·3y ＝f (x )f (y )，因此f (x )＝3x 满足f (x ＋y )＝f (x )f (y )，且f (x )＝3x 是单调递增函数，故B 正确； 对于函数12()f x x =，12()()f x y x y +=+，()()111222()f x f y x y xy =＝，而1122()()x y xy +≠，所以()12f x x ＝不满足f (x ＋y )＝f (x )f (y )，故C 错误； 对于函数()1)2xf x ＝(，()()111())()()222x yx y f x y f x f y ++==⋅=(， 因此1()2xf x ⎛⎫= ⎪⎝⎭满足f (x ＋y )＝f (x )f (y )，但1()2xf x ⎛⎫= ⎪⎝⎭不是单调递增函数，故D 错误．8．(2014陕西，文8)原命题为“若12nn n a a a ++<，n ∈N ＋，则{a n }为递减数列”，关于其逆命题，否命题，逆否命题真假性的判断依次如下，正确的是( )．A ．真，真，真B ．假，假，真C ．真，真，假D ．假，假，假 答案：A解析：由12n n n a a a ++<，得a n ＋a n ＋1＜2a n ，即a n ＋1＜a n ， 所以当12nn n a a a ++<时，必有a n ＋1＜a n ， 则{a n }是递减数列；反之，若{a n }是递减数列，必有a n ＋1＜a n ，从而有12n n n a a a ++<. 所以原命题及其逆命题均为真命题，从而其否命题及其逆否命题也均为真命题，故选A. 9．(2014陕西，文9)某公司10位员工的月工资(单位：元)为x 1，x 2，…，x 10，其均值和方差分别为x 和s 2，若从下月起每位员工的月工资增加100元，则这10位员工下月工资的均值和方差分别为( )．A ．x ，s 2＋1002B ．100x +，s 2＋1002C ．x ，s 2D ．100x +，s 2 答案：D解析：由题意，得121010x x x x +++=，222212101[()()()]10s x x x x x x =-+-++-．因为下月起每位员工的月工资增加100元， 所以下月工资的均值为121010010010010x x x (+)+(+)++(+)＝12101010010010x x x x (+++)+⨯)=+， 下月工资的方差为110[(x 1＋100－x －100)2＋(x 2＋100－x －100)2＋…＋(x 10＋100－x－100)2]＝110[(x 1－x )2＋(x 2－x )2＋…＋(x 10－x )2]＝s 2，故选D. 10．(2014陕西，文10)如图，修建一条公路需要一段环湖弯曲路段与两条直道平滑连接(相切)．已知环湖弯曲路段为某三次函数图像的一部分，则该函数的解析式为( )．A ．321122y x x x =-- B ．3211322y x x x =-- C ．314y x x =- D ．3211242y x x x =+-答案：A解析：由已知图形，可知该三次函数有0和2两个零点，因此可设其解析式为y ＝ax (x －2)(x ＋m )．因为y ＝ax (x －2)(x ＋m )＝ax 3＋amx 2－2ax 2－2amx ， 所以y ′＝3ax 2＋2amx －4ax －2am .又因为直线y ＝－x 和y ＝3x －6分别是该三次函数图象在点(0,0)和(2,0)处的切线，由导数的几何意义知y ′|x ＝0＝－1，y ′|x ＝2＝3，于是有21,124823,am a am a am -=-⎧⎨+--=⎩解得1,21.a m ⎧=⎪⎨⎪=⎩所以所求三次函数的解析式为321122y x x x =--，故选A. 二、填空题：把答案填写在答题卡相应题号后的横线上(本大题共5小题，每小题5分，共25分)．11．(2014陕西，文11)抛物线y 2＝4x 的准线方程为__________． 答案：x ＝－1解析：在抛物线y 2＝4x 中，由2p ＝4，得12p=. 又因为其开口向右，故其准线方程为x ＝－1.12．(2014陕西，文12)已知4a ＝2，lg x ＝a ，则x ＝__________.解析：由4a＝2，可得41log 2=2a =.所以1lg 2x =，即1210x ==13．(2014陕西，文13)设π02θ<<，向量a ＝(sin 2θ，cos θ)，b ＝(1，－cos θ)，若a ·b＝0，则tan θ＝__________.答案：12解析：由a ·b ＝0，可得sin 2θ－cos 2θ＝0，即2sin θcos θ－cos 2θ＝0， 整理得cos θ(2sin θ－cos θ)＝0. 又因为π02θ<<，所以cos θ≠0. 所以2sin θ－cos θ＝0，即2sin θ＝cos θ. 所以sin 1tan cos 2θθθ==. 14．(2014陕西，文14)已知()1xf x x=+，x ≥0，若f 1(x )＝f (x )，f n ＋1(x )＝f (f n (x ))，n ∈N ＋，则f 2 014(x )的表达式为__________． 答案：12014xx+解析：依题意，()()11x f x f x x ==+，f 2(x )＝f (f 1(x ))＝f ⎝⎛⎭⎫x 1＋x ＝x 1＋x 1＋x 1＋x＝x1＋2x ，f 3(x )＝f (f 2(x ))＝1()11211xx xx f x x xx +==++++，…， 由此可猜测()1n x f x nx =+，故f 2 014(x )＝12014xx+.15．(2014陕西，理15)(考生注意：请在下列三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题评分)A ．(不等式选做题)设a ，b ，m ，n ∈R ，且a 2＋b 2＝5，ma ＋nb ＝5的最小值为__________．解析：由柯西不等式，可得(a 2＋b 2)(m 2＋n 2)≥(am ＋bn )2，所以5(m 2＋n 2)≥25.所以m 2＋n 2≥5an ＝bm 时，等号成立．的最小值为 5.B ．(几何证明选做题)如图，△ABC 中，BC ＝6，以BC 为直径的半圆分别交AB ，AC 于点E ，F ，若AC ＝2AE ，则EF ＝__________.答案：3解析：由圆内接四边形的性质，可知∠AEF ＝∠ACB ，∠AFE ＝∠ABC ， 所以△AEF ∽△ACB . 所以AE EFAC CB=. 又因为AC ＝2AE ，CB ＝6，所以EF ＝12×6＝3. C ．(坐标系与参数方程选做题)在极坐标系中，点π2,6⎛⎫ ⎪⎝⎭到直线πsin =16ρθ⎛⎫- ⎪⎝⎭的距离是______．答案：1解析：点π2,6⎛⎫ ⎪⎝⎭的直角坐标为ππ2cos ,2sin 66⎛⎫ ⎪⎝⎭，即，又πsin =16ρθ⎛⎫-⎪⎝⎭1sin cos 12θρθ-=，所以该直线的直角坐标方程为2=0x +.由点到直线的距离公式，可得1d ==.三、解答题：解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤(本大题共6小题，共75分)． 16．(本小题满分12分)(2014陕西，文16)△ABC 的内角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c .(1)若a ，b ，c 成等差数列，证明：sin A ＋sin C ＝2sin(A ＋C )； (2)若a ，b ，c 成等比数列，且c ＝2a ，求cos B 的值．分析：在第(1)问中，由a ，b ，c 成等差数列，可得a ，b ，c 间的等量关系，然后利用正弦定理将边的关系转化为角的关系，同时结合(A ＋C )＋B ＝π.运用诱导公式可证得结论；在第(2)问中，由a ，b ，c 成等比数列，可得a ，b ，c 间的等量关系，结合c ＝2a 可将b 边也用a 表示，然后运用余弦定理写出cos B 的表达式并化简，即得其值．解：(1)∵a ，b ，c 成等差数列， ∴a ＋c ＝2b .由正弦定理得sin A ＋sin C ＝2sin B . ∵sin B ＝sin[π－(A ＋C )]＝sin(A ＋C )， ∴sin A ＋sin C ＝2sin(A ＋C )．(2)由题设有b 2＝ac ，c ＝2a ，∴b =.由余弦定理得222222423cos 244a cb a a a B ac ac +-+-===. 17．(本小题满分12分)(2014陕西，文17)四面体ABCD 及其三视图如图所示，平行于棱AD，BC的平面分别交四面体的棱AB，BD，DC，CA于点E，F，G，H.(1)求四面体ABCD的体积；(2)证明：四边形EFGH是矩形．分析：在第(1)问中，由三视图可知，四面体ABCD中棱DA，DB，DC的位置关系以及这三条棱的长度，然后套用锥体体积公式可求得该四面体的体积；在第(2)问中，应先证四边形EFGH为平行四边形，这可由线面平行的性质定理证得，然后再证两相邻边垂直，这可由线面垂直的性质证得．(1)解：由该四面体的三视图可知，BD⊥DC，BD⊥AD，AD⊥DC，BD＝DC＝2，AD＝1，∴AD⊥平面BDC.∴四面体体积112221=323 V=⨯⨯⨯⨯.(2)证明：∵BC∥平面EFGH，平面EFGH∩平面BDC＝FG，平面EFGH∩平面ABC＝EH，∴BC∥FG，BC∥EH.∴FG∥EH.同理EF∥AD，HG∥AD，∴EF∥HG.∴四边形EFGH是平行四边形．又∵AD⊥平面BDC，∴AD⊥BC.∴EF⊥FG.∴四边形EFGH是矩形．18．(本小题满分12分)(2014陕西，文18)在直角坐标系xOy中，已知点A(1,1)，B(2,3)，C(3,2)，点P(x，y)在△ABC三边围成的区域(含边界)上，且OP mAB nAC=+(m，n∈R)．(1)若23m n==，求||OP；(2)用x，y表示m－n，并求m－n的最大值．分析：在第(1)问中，由于m，n的值已知，因此可利用向量的坐标运算法则直接求出OP 的坐标，然后套用公式求得||OP；在第(2)问中，根据向量的坐标运算法则将OP用m，n 表示，然后结合向量相等的条件即可用x，y将m－n表示出来，最后可用线性规划问题的一般解法求得m－n的最大值．解：(1)∵23m n==，(1,2)AB=，(1,2)AC=，∴22(1,2)(2,1)(2,2)33OP =+=．∴2||2OP =+(2)∵OP ＝m (1,2)＋n (2,1)＝(m ＋2n,2m ＋n )， ∴2,2,x m n y m n =+⎧⎨=+⎩两式相减，得m －n ＝y －x .令y －x ＝t ，由图知，当直线y ＝x ＋t 过点B (2,3)时，t 取得最大值1，故m －n 的最大值为1.19．(本小题满分12分)(2014陕西，文19)某保险公司利用简单随机抽样方法，对投保车(1)(2)在样本车辆中，车主是新司机的占10%，在赔付金额为4 000元的样本车辆中，车主是新司机的占20%，估计在已投保车辆中，新司机获赔金额为4 000元的概率．分析：在第(1)问中，可先用频率估计概率，得到赔付金额为3 000元、4 000元时对应事件的概率，然后将欲求概率的事件转化为两互斥事件的和，即可求得其概率；在第(2)问中，应分别计算出在已投保车辆中，车主为新司机的车辆数以及赔付金额为4 000元的车主为新司机的车辆数，然后求出新司机车主获赔金额为4 000元的频率，最后以频率估计概率即得．解：(1)设A 表示事件“赔付金额为3 000元”，B 表示事件“赔付金额为4 000元”，以频率估计概率得()1500.151000P A =＝，()1200.121000P B =＝.由于投保金额为2 800元，赔付金额大于投保金额对应的情形是3 000元和4 000元，所以其概率为P (A )＋P (B )＝0.15＋0.12＝0.27.(2)设C 表示事件“投保车辆中新司机获赔4 000元”，由已知，样本车辆中车主为新司机的有0.1×1 000＝100辆，而赔付金额为4 000元的车辆中，车主为新司机的有0.2×120＝24辆．所以样本车辆中新司机车主获赔金额为4 000元的频率为24=0.24100， 由频率估计概率得P (C )＝0.24.20．(本小题满分13分)(2014陕西，文20)已知椭圆2222=1x y a b+(a ＞b ＞0)经过点，离心率为12，左右焦点分别为F 1(－c,0)，F 2(c,0)．(1)求椭圆的方程； (2)若直线l ：12y x m =-+与椭圆交于A ，B 两点，与以F 1F 2为直径的圆交于C ，D 两点，且满足||||4AB CD =，求直线l 的方程． 分析：第(1)问中，可由两已知条件及a 2＝b 2＋c 2建立参数a ，b ，c 的方程组，求出a ，b的值即得椭圆方程；在第(2)问中，求直线l 方程的关键是求出参数m 的值，可根据圆中的弦长公式将|CD |用m 表示，再将直线l 的方程与椭圆方程联立，利用弦长公式结合根与系数的关系将|AB |用m 表示出来，然后再由条件||||CD AB =建立关于m 的方程，求解得到m 的值即可求出l 的方程．解：(1)由题设知2221,2,b c a b a c ⎧=⎪⎪=⎨⎪⎪=-⎩解得a ＝2，b c ＝1.∴椭圆的方程为22=143x y +. (2)由题设知，以F 1F 2为直径的圆的方程为x 2＋y 2＝1，∴圆心到直线l的距离d = 由d ＜1得||2m <.(*)∴||CD ===设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，由221,21,43y x m x y ⎧=-+⎪⎪⎨⎪+=⎪⎩得x 2－mx ＋m 2－3＝0， 由求根公式可得x＋x ＝m ，x x＝m 2－3.∴||AB ==由||||4AB CD =1=，解得3m =±，满足(*)．∴直线l 的方程为123y x =-+或122y x =--.21．(本小题满分14分)(2014陕西，文21)设函数()ln mf x x x=+，m ∈R . (1)当m ＝e(e 为自然对数的底数)时，求f (x )的极小值；(2)讨论函数()()3xg x f x '-＝零点的个数； (3)若对任意b ＞a ＞0，1f b f a b a()-()<-恒成立，求m 的取值范围． 分析：在第(1)问中，由于m 的值已知，可按求函数极值的一般步骤求得f (x )的极小值；在第(2)问中，讨论函数g (x )零点的个数，即研究方程g (x )＝0根的个数，然后将问题转化为讨论直线y ＝m 与函数φ(x )的图象交点个数的问题，从而可研究φ(x )的单调性、极值．画出φ(x )的图象通过数形结合的方法求解；在第(3)问中，将已知不等式1f b f a b a()-()<-等价转化为函数f (x )－x 在(0，＋∞)上的单调性，然后借助导数，再转化为不等式的恒成立问题，即可求得m 的取值范围．解：(1)由题设，当m ＝e 时，()e ln f x x x =+，则()2e x f x x-'＝， ∴当x ∈(0，e)，f ′(x )＜0，f (x )在(0，e)上单调递减，当x ∈(e ，＋∞)，f ′(x )＞0，f (x )在(e ，＋∞)上单调递增， ∴x ＝e 时，f (x )取得极小值f (e)＝ln e ＋ee＝2， ∴f (x )的极小值为2. (2)由题设()()2133x m xg x f x x x ='-=-- (x ＞0)， 令g (x )＝0，得313m x x =-+(x ＞0)， 设31()3x m x x ϕ=-+(x ≥0)， 则φ′(x )＝－x 2＋1＝－(x －1)(x ＋1)，当x ∈(0,1)时，φ′(x )＞0，φ(x )在(0,1)上单调递增；当x ∈(1，＋∞)时，φ′(x )＜0，φ(x )在(1，＋∞)上单调递减．∴x ＝1是φ(x )的唯一极值点，且是极大值点，因此x ＝1也是φ(x )的最大值点， ∴φ(x )的最大值为2(1)3ϕ=. 又φ(0)＝0，结合y ＝φ(x )的图像(如图)，可知①当23m >时，函数g (x )无零点； ②当23m =时，函数g (x )有且只有一个零点；③当203m <<时，函数g (x )有两个零点；④当m ≤0时，函数g (x )有且只有一个零点． 综上所述，当23m >时，函数g (x )无零点； 当23m =或m ≤0时，函数g (x )有且只有一个零点； 当203m <<时，函数g (x )有两个零点．(3)对任意的b ＞a ＞0，1f b f a b a()-()<-恒成立， 等价于f (b )－b ＜f (a )－a 恒成立． 设h (x )＝f (x )－x ＝ln x ＋mx－x (x ＞0)， ∴(*)等价于h (x )在(0，＋∞)上单调递减．由()2110mh x x x '--≤=在(0，＋∞)恒成立， 得m ≥－x 2＋x ＝21124x ⎛⎫--+ ⎪⎝⎭(x ＞0)恒成立，∴111=,0=442m m h x x ⎛⎫≥'()= ⎪⎝⎭对仅在时成立，∴m 的取值范围是14⎡⎫+∞⎪⎢⎣⎭，.。
2014年普通高等学校招生全国统一考试(陕西文)
2014年陕西高考文科数学试题(文)一．选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．已知集合 M ＝{x |x ≥0，x ∈R }，N ＝{x |x 2<1，x ∈R }，则M ∩N ＝( ) A ．[0,1] B ．(0,1) C ．(0,1] D ．[0,1)2．函数f (x )＝cos ⎝⎛⎭⎫2x ＋π4 的最小正周期是( ) A.π2B ．πC ．2πD ．4π 3．已知复数 z ＝ 2 －i ，则z ·z 的值为( )A ．5 B. 5 C ．3 D. 34.根据程序框图，对大于2的整数N ，输出的数列的通项公式是( )A ．a n ＝2nB ．a n ＝2(n －1)C ．a n ＝2nD ．a n ＝2n －15．将边长为1的正方形以其一边所在的直线为旋转轴旋转一周，所得几何体的侧面积是( )A ．4πB ．3πC ．2πD ．π6．从正方形四个顶点及其中心这5个点中，任取2个点，则这2个点的距离小于该正方形边长的概率为( )A.15B.25C.35D. 457．下列函数中，满足“f (x ＋y )＝f (x )f (y )”的单调递增函数是( )A.f (x )＝x 3 B ．f (x )＝3x C ．f (x )＝x 12D.⎝⎛⎭⎫12x 8．原命题为“若a n ＋a n ＋12<a n ，n ∈N ＋，则{a n }为递减数列”，关于其逆命题，否命题，逆否命题真假性的判断依次如下，正确的是( )A.真，真，真 B ．假，假，真 C ．真，真，假 D ．假，假，假9．某公司10位员工的月工资(单位：元)为x 1，x 2，…，x 10 ，其均值和方差分别为x 和s 2，若从下月起每位员工的月工资增加100元，则这10位员工下月工资的均值和方差分别为( )A.x ，s 2＋1002B.x ＋100, s 2＋1002C. x ，s 2D. x ＋100, s 210.如图，修建一条公路需要一段环湖弯曲路段与两条直道平滑连接(相切)．已知环湖弯曲路段为某三次函数图象的一部分，则该函数的解析式为( )A. y ＝12x 3－12x 2－x B ．y ＝12x 3＋12x 2－3xC ．y ＝14x 3－x D. y ＝14x 3＋12x 2－2x二、填空题：把答案填写在答题卡相应题号后的横线上(本大题共5小题，每小题5分，共25分)．11．抛物线y 2＝4x 的准线方程为________． 12．已知4a ＝2，lg x ＝a, 则 x ＝________.13. 设0<θ<π2 ，向量a ＝(sin 2θ，cos θ) ，b ＝(1，－cos θ)，若a ·b ＝0 ，则tan θ ________.14．已知f (x )＝x1＋x，x ≥0，若 f 1(x )＝f (x )，f n ＋1(x )＝f (f n (x ))，n ∈N ＋， 则f 2 014(x )的表达式为________．15．(考生注意：请在下列三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题评分) A ．(不等式选做题)设a ，b ，m ，n ∈R ，且 a 2＋b 2＝5，ma ＋mb ＝5，则 m 2＋n 2 的最小值为________．B ．(几何证明选做题)如图，△ABC 中，BC ＝6 ，以 BC 为直径的半圆分别交AB ，AC 于点E ，F ，若AC ＝2AE ，则EF ＝________.C ．(坐标系与参数方程选做题)在极坐标系中，点⎝⎛⎭⎫2，π6到直线ρsin ⎝⎛⎭⎫θ－π6＝1 的距离是________．三、解答题：本大题共6小题，共75分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤． 16. (本小题满分12分)△ABC 的内角 A ，B ，C 所对的边分别为 a ，b ，c .(1)若a ，b ，c 成等差数列，证明：sin A ＋sin C ＝2sin(A ＋C ) ； (2)若a ，b ，c 成等比数列，且c ＝2a ，求 cos B 的最小值.17. (本小题满分12分)四面体ABCD 及其三视图如图所示，平行于棱AD ，BC 的平面分别交四面体的棱AB ，BD ，DC ，CA 于点 E ，F ，G ，H .(1)求四面体ABCD 的体积；(2)证明：四边形EFGH 是矩形．18．(本小题满分12分) 在直角坐标系 xOy 中，已知点A (1,1) ，B (2,3)，C (3,2)，点P (x ，y ) 在△ABC 三边围成的区域(含边界)上，(1)若 m ＝n ＝23，求；(2)用 x ，y 表示 m －n ，并求m －n 的最大值．19．(本小题满分12分) 某保险公司利用简单随机抽样方法，对投保车辆进行抽样，样本车辆中每辆车的赔付结果统计如下：赔付金额(元) 0 1 000 2 000 3 000 4 000 车辆数(辆)500130100150120(1)若每辆车的投保金额均为2 800元，估计赔付金额大于投保金额的概率；(2)在样本车辆中，车主是新司机的占10%，在赔付金额为4 000元的样本车辆中，车主是新司机的占20%，估计在已投保车辆中，新司机获赔金额为4 000元的概率．20．(本小题满分13分)已知椭圆x 2a 2＋y 2b 2＝1(a >0>b >0)经过点(0，3)，离心率为12，左右焦点分别为F 1(－c,0)，F 2(c,0)．(1)求椭圆的方程；(2)若直线 l ：y ＝－12x ＋m 与椭圆交于 A ，B 两点，与以F 1F 2 为直径的圆交于C ，D 两点，且满足|AB ||CD |＝534，求直线l 的方程．21．(本小题满分14分)设函数 f (x )＝ln x ＋mx ，m ∈R .(1)当m ＝e (e 为自然对数的底数)时，求 f (x )的极小值； (2)讨论函数g (x )＝f ′(x )－x3零点的个数；(3)若对任意b >a >0，f (b )－f (a )b －a<1 恒成立，求 m 的取值范围．答案1．解析：选D 由题意知，集合M ＝[0，＋∞)，N ＝(－1,1)，∴M ∩N ＝[0,1). 2．解析：选B 由余弦函数的复合函数周期公式得T ＝2π2＝π.3．解析：选A ∵z ＝2－i ，∴z ·z ＝|z |2＝22＋12＝5.4.解析：选C 由初始值的特征可知，输出的数列首项为2，又a i ＝2×S ，S ＝a i ，i ＝i＋1，∴a i ＋1a i ＝2，则输出的数列是首项为2，公比为2的等比数列，则通项公式为a n ＝2n .5．解析：选C 由几何体的形成过程知所得几何体为圆柱，底面半径为1，高为1，其侧面积S ＝2πrh ＝2π×1×1＝2π.6．解析：选B 5个点中任取2个点共有10种方法，若2个点之间的距离小于边长，则这2个点中必须有1个为中心点，有4种方法，于是所求概率P ＝410＝25.7．解析：选B 把握和的函数值等于函数值的积的特征，其典型代表函数为指数函数，又所求函数为单调递增函数，故选B.8．解析：选A 从原命题的真假入手，由于a n ＋a n ＋12＜a n ⇔a n ＋1＜a n ⇔{a n }为递减数列，即原命题和否命题均为真命题，又原命题与逆否命题同真同假，则逆命题、否命题和逆否命题均为真命题，选A.9．解析：选D 解法一： 对平均数和方差的意义深入理解可巧解．因为每个数据都加上了100，故平均数也增加100，而离散程度应保持不变，故选D.解法二： 由题意知x 1＋x 2＋…＋x n ＝n x ，s 2＝1n [(x 1－x )2＋(x 2－x )2＋…＋(x n －x )2]，则所求均值y ＝1n [(x 1＋100)＋(x 2＋100)＋…＋(x n ＋100)]＝1n (n x ＋n ×100)＝x ＋100，而所求方差t 2＝1n [(x 1＋100－y )2＋(x 2＋100－y )2＋…＋(x n ＋100－y )2]＝1n [(x 1－x )2＋(x 2－x )2＋…＋(x n －x )2]＝s 2，故选D.10.解析：选A 解法一： 由题意可知，该三次函数满足以下条件：过点(0,0)，(2,0)，在(0,0)处的切线方程为y ＝－x ，在(2,0)处的切线方程为y ＝3x －6，以此对选项进行检验．A 选项，y ＝12x 3－12x 2－x ，显然过两个定点，又y ′＝32x 2－x －1，则y ′|x ＝0＝－1，y ′|x ＝2＝3，故条件都满足，由选择题的特点知应选A.解法二： 设该三次函数为f (x )＝ax 3＋bx 2＋cx ＋d ，则f ′(x )＝3ax 2＋2bx ＋c ，由题设有⎩⎪⎨⎪⎧f (0)＝0⇒d ＝0f (2)＝0⇒8a ＋4b ＋2c ＋d ＝0f ′(0)＝－1⇒c ＝－1f ′(0)＝3⇒12a ＋4b ＋c ＝3，解得a ＝12，b ＝－12，c ＝－1，d ＝0.故该函数的解析式为y ＝12x 3－12x 2－x ，选A.11．解析：由抛物线的方程y 2＝4x 可直接得到它的准线方程是x ＝－1.答案：x ＝－112．解析：由已知4a ＝2⇒a ＝log 42＝12，又lg x ＝a ⇒x ＝10a ＝1012＝10.答案：1013.解析：由题设可得sin 2θ＋cos θ·(－cos θ)＝0⇒2sin θ·cos θ－cos 2θ＝0，又θ∈⎝⎛⎭⎫0，π2，∴cos θ＞0，∴2sin θ－cos θ＝0⇒tan θ＝sin θcos θ＝12.答案：1214．解析：由f 1(x )＝x 1＋x ⇒f 2(x )＝f ⎝⎛⎭⎫x 1＋x ＝x 1＋x 1＋x 1＋x ＝x1＋2x ；又可得f 3(x )＝f (f 2(x ))＝x 1＋2x 1＋x 1＋2x＝x 1＋3x ，故可猜想f 2 014(x )＝x1＋2 014x . 答案：x1＋2 014x15．解析：A.由柯西不等式得(a 2＋b 2)(m 2＋n 2)≥(ma ＋nb )2，将已知代入得m 2＋n 2≥5⇒m 2＋n 2≥ 5. 答案： 5B ．由圆内接四边形对角互补的特征可得到∠AEF ＝∠ACB ，∴△AEF ∽△ACB .∴AEAC ＝EF BC ＝12＝EF6，∴EF ＝3. 答案：3C ．点⎝⎛⎭⎫2，π6化成直角坐标为(3，1)，直线ρsin θ－π6＝1⇒ρ⎝⎛⎭⎫32sin θ－12cos θ＝1化成直角坐标方程为12x －32y ＋1＝0，故点到直线的距离为d ＝⎪⎪⎪⎪12×3－32×1＋1⎝⎛⎭⎫－322＋⎝⎛⎭⎫122＝1答案：116.解：(1)∵a ，b ，c 成等差数列，∴a ＋c ＝2b . 由正弦定理得sin A ＋sin C ＝2sin B . ∵sin B ＝sin[π－(A ＋C )]＝sin(A ＋C )， ∴sin A ＋sin C ＝2sin(A ＋C )．(2)由题设有b 2＝ac ，c ＝2a ，∴b ＝2a ，由余弦定理得cos B ＝a 2＋c 2－b 22ac ＝a 2＋4a 2－2a 24a 2＝34.17.解：(1)由该四面体的三视图可知，BD ⊥DC ，BD ⊥AD ，AD ⊥DC ，BD ＝CD ＝2，AD＝1，∴AD ⊥平面BDC ，∴四面体体积V ＝13×12×2×2×1＝23.(2)∵BC ∥平面EFGH ，平面EFGH ∩平面BDC ＝FG ，平面EFGH ∩平面ABC ＝EH ， ∴BC ∥FG ，BC ∥EH ，∴FG ∥EH .同理EF ∥AD ，HG ∥AD ，∴EF ∥HG ， ∴四边形EFGH 是平行四边形． 又∵AD ⊥平面BDC ， ∴AD ⊥BC ，∴EF ⊥FG ， ∴四边形EFGH 是矩形． 18．(2)∵＝m (1,2)＋n (2,1)＝(m ＋2n,2m ＋n )，∴⎩⎪⎨⎪⎧x ＝m ＋2n ，y ＝2m ＋n ， 两式相减，得m －n ＝y －x .令y －x ＝t ，由图知，当直线y ＝x ＋t 过点B (2,3)时，t 取得最大值1，故m －n 的最大值为1.19．解：(1)设A 表示事件“赔付金额为3 000元”，B 表示事件“赔付金额为4 000元”，以频率估计概率得P (A )＝1501 000＝0.15，P (B )＝1201 000＝0.12.由于投保金额为2 800元，赔付金额大于投保金额对应的情形是3 000元和4 000元，所以其概率为P (A )＋P (B )＝0.15＋0.12＝0.27.(2)设C 表示事件“投保车辆中新司机获赔为4 000元”，由已知，样本车辆中车主为新司机的有0.1×1 000＝100辆，而赔付金额为 4 000元的车辆中，车主为新司机的有0.2×120＝24辆，所以样本车辆中新司机车主获赔金额为4 000元的频率为24100＝0.24，由频率估计概率得P (C )＝0.24.20．解：(1)由题设知⎩⎪⎨⎪⎧b ＝3，c a ＝12，b 2＝a 2－c 2，解得a ＝2，b ＝3，c ＝1， ∴椭圆的方程为x 24＋y 23＝1.(2)由题设，以F 1F 2为直径的圆的方程为x 2＋y 2＝1，∴圆心到直线l 的距离d ＝2|m |5，由d ＜1得|m |＜52.(*) ∴|CD |＝21－d 2＝21－45m 2＝555－4m 2. 设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，由⎩⎨⎧y ＝－12x ＋m ，x 24＋y 23＝1得x 2－mx ＋m 2－3＝0，由求根公式可得x 1＋x 2＝m ，x 1x 2＝m 2－3. ∴|AB |＝⎣⎡⎦⎤1＋⎝⎛⎭⎫－122[m 2－4(m 2－3)]＝1524－m 2. 由|AB ||CD |＝534得4－m 25－4m 2＝1，解得m ＝±33，满足(*)．∴直线l 的方程为y ＝－12x ＋33或y ＝－12x －33.21．解：(1)由题设，当m ＝e 时，f (x )＝ln x ＋ex ，则f ′(x )＝x －ex2，∴当x ∈(0，e)，f ′(x )＜0，f (x )在(0，e)上单调递减， 当x ∈(e ，＋∞)，f ′(x )＞0，f (x )在(e ，＋∞)上单调递增， ∴x ＝e 时，f (x )取得极小值f (e)＝ln e ＋ee ＋2，∴f (x )的极小值为2.(2)由题设g (x )＝f ′(x )－x 3＝1x －m x 2－x3(x ＞0)，令g (x )＝0，得m ＝－13x 3＋x (x ＞0)．设φ(x )＝－13x 3＋x (x ≥0)，则φ′(x )＝－x 2＋1＝－(x －1)(x ＋1)，当x ∈(0,1)时，φ′(x )＞0，φ(x )在(0,1)上单调递增；当x ∈(1，＋∞)时，φ′(x )＜0，φ(x )在(1，＋∞)上单调递减．∴x ＝1是φ(x )的唯一极值点，且是极大值点，因此x ＝1也是φ(x )的最大值点， ∴φ(x )的最大值为φ(1)＝23.又φ(0)＝0，结合y ＝φ(x )的图象(如图)，可知 ①当m ＞23时，函数g (x )无零点；②当m ＝23时，函数g (x )有且只有一个零点；③当0＜m ＜23时，函数g (x )有两个零点；④当m ≤0时，函数g (x )有且只有一个零点． 综上所述，当m ＞23时，函数g (x )无零点；当m ＝23或m ≤0时，函数g (x )有且只有一个零点；当0＜m ＜23时，函数g (x )有两个零点．(3)对任意的b ＞a ＞0，f (b )－f (a )b －a ＜1恒成立．等价于f (b )－b ＜f (a )－a 恒成立．(*) 设h (x )＝f (x )－x ＝ln x ＋mx －x (x ＞0)，∴(*)等价于h (x )在(0，＋∞)上单调递减， 由h ′(x )＝1x －mx 2－1≤0在(0，＋∞)上恒成立，得m ≥－x 2＋x ＝－⎝⎛⎭⎫x －122＋14(x ＞0)恒成立， ∴m ≥14⎝⎛⎭⎫对m ＝14，h ′(x )＝0仅在x ＝12时成立， ∴m 的取值范围是⎣⎡⎭⎫14，＋∞.。
2014年普通高等学校招生全国统一考试数学文试题(陕西卷,解析版)
2014年陕西高考文科数学试题〔文〕一．选择题：本大题共10小题，每一小题5分，共50分.在每一小题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的.1.集合2{|0},{|1,}M x x N x x x R =≥=<∈，如此M N =〔 〕.[0,1]A .(0,1)B .(0,1]C .[0,1)D【答案】 D 【解析】D N M N M 选，).1,0[∩∴),11-(),∞,0[==+=2.函数()cos(2)4f x x π=+的最小正周期是〔 〕 .2A π.B π.2C π.4D π【答案】 B 【解析】B T 选∴,π2π2||π2===ω复数 Z = 2 - 1，如此Z .z 的值为〔 〕 A.5 B.5 C.3 D.3 【答案】 A 【解析】A z z i z i z 选.514,2∴,-2=+=+==4.根据右边框图，对大于2的整数N ，得出数列的通项公式是〔 〕.2n A a n =.2(1)n B a n =-.2n n C a =1.2n n D a -=【答案】 C 【解析】Cq a a a a a n 选的等比数列是.2,2∴,8,4,21321=====将边长为1的正方形以其一边所在的直线为旋转轴旋转一周，所得集合体的侧面积是〔 〕A.4πB.8πC.2πD.π 【答案】 C 【解析】C r S r 选个圆：，则侧面积为，高为为旋转体为圆柱，半径.2ππ*22112==6.从正方形四个顶点与其中心这5个点中，任取2个点，如此这2个点的距离不小于该正方形边长的概率为〔 〕1.5A 4.5D【答案】 B 【解析】如下函数中，满足“()()()f x y f x f y +=〞的单调递增函数是〔 〕〔A 〕()12f x x = 〔B 〕()3f x x = 〔C 〕()12xf x ⎛⎫= ⎪⎝⎭ 〔D 〕()3xf x =【答案】 B 【解析】B y f x f y x f B D y x y x y x 选而言，对不是递增函数只有.333)()(,3)(.++=•=•=+8.原命题为“假设12,z z 互为共轭复数，如此12z z =〞，关于逆命题，否命题，逆否命题真假性的判断依次如下，正确的答案是〔 〕〔A 〕真，假，真 〔B 〕假，假，真 〔C 〕真，真，假 〔D 〕假，假，假 【答案】 A 【解析】9.某公司10位员工的月工资〔单位:元〕为x1，x2，''',x10 ，其均值和方差分别为x 和s2，假设从下月起每位员工的月工资增加100元，如此这个10位员工下月工资的均值和方差分别为〔 〕〔A 〕x ，s2+1002 〔B 〕x +100, s2+1002 〔C 〕 x ,s2 〔D 〕x +100, s2【答案】 D 【解析】D 选不变均值也加此数，方差也样本数据加同一个数，.10.如图，修建一条公路需要一段环湖弯曲路段与两条直道为某三次函数图像的一局部，如此该函数的解析式为〔 〕x x x y --=232121 〔B 〕x x x y 3212123-+= 〔C 〕x x y -=341 〔D 〕xx x y 2214123-+=【答案】 A 【解析】填空题：把答案填写在答题卡相应题号后的横线上〔本大题共5小题，每一小题5分，共25分〕.抛物线24y x =的准线方程为___________. 【答案】 -1x = 【解析】.-1x (1,0),∴,42==准线方程焦点x y,lg ,24a x a ==如此x =________.【答案】 10【解析】.1010,21lg 12a ∴,lg ,224212aa========x a x a x 所以，13. 设20πθ<<，向量)cos ,1(),cos ,2(sin θθθ-==b a ，假设0=⋅b a ，如此=θtan ______. 【答案】 21【解析】.21tan θθ,cos θcos θsin 20,θcos -θ2sin ∴0).θcos -,1(),θcos ,θ2(sin 22====•==解得即，b a b a f 〔x 〕=x x+1，x ≥0, f1(x)=f(x),fn+1(x)=f(fn(x)),n ∈N+, 如此f2014(x)的表达式为__________.【答案】 x x20141+【解析】.20141)(,31211,21)(,2111,1)(∴)),(()(,,1)()(,20143211x xx f x x xx x xx f x x x x x x x f x f f x f x x x f x f n n +=+=+++=+=+++==+==+经观察规律，可得15.〔考生注意：请在如下三题中任选一题作答，如果多做，如此按所做的第一题评分〕.A (不等式选做题)设,,,a b m n R ∈，且225,5a b ma nb +=+=，的最小值为.B 〔几何证明选做题〕如图，ABC ∆中，6BC =，以BC 为直径的半圆分别交,AB AC 于点,E F ，假设2AC AE =,如此EF =.C 〔坐标系与参数方程选做题〕在极坐标系中，点(2,)6π到直线sin()16πρθ-=的距离是【答案】 A 5 B 3 C 1 【解析】 A5.≤5)φθsin(∴5)φθsin(5os θ5θsin 5,os θ5,θsin 5∴,52222222222的最小值为所以，，则设n m n m n m n m c n m nb ma c b a b a ++=++=++=+=+===+B.3,2,6∴Δ=∴===ΔEF AE AC BC CB EFAC AE ACB AEF ，且相似与C1|1323-3|023-1,3(∴,2-3121os θρ-23θsin ρ)6π-θsin(ρ,1,3()6π,2(=++==+==••=d y x x y c 的距离）到直线点即对应直线）对应直角坐标点极坐标点16. 〔本小题总分为12分〕ABC ∆的内角C B A ，，所对的边分别为c b a ，，. 〔I 〕假设c b a ，，成等差数列，证明：()C A C A +=+sin 2sin sin ； 〔II 〕假设c b a ，，成等比数列，求B cos 的最小值. 【答案】 〔1〕 省略 〔2〕43【解析】 〔1〕C)sin(A 2sinC sinA .∴C),sin(A sinB sinC.sinA 2sinB c,a b 2∴,,+=++=+=+= 即成等差，c b a〔2〕.43cosB 434a 2a -4a a 2ac b -a cosB a 2b .∴2ac b ∴,,2222222222==+=+====所以，，，且成等比，c a c c b a〔本小题总分为12分〕四面体ABCD 与其三视图如下列图，平行于棱BC AD ,的平面分别交四面体的棱CA DC BD AB ,,,于点H G F E ,,,.〔1〕求四面体ABCD 的体积； 〔2〕证明：四边形EFGH 是矩形.【答案】 〔1〕 32〔2〕 省略【解析】 〔1〕32ABCD 32122213131BCD -A .BCD -A AD ∴BCD ⊥AD DC,⊥BD Δ,ΔΔBCD -A 的体积为所以，四面体的体积所以，三棱锥的高为三棱锥面且为等腰由题知，=••••=•=AD S V RT BCD BCD〔2〕.FG.⊥BCD ⊥,//∴,,AD//HG AD//EF,∴ADHG ADEF EFGH ⊂HG EF,EFGH,AD//HC AH EH//BC,∴EHBC EFGH,⊂EH EFGH,//B BCD⊥AD DC,⊥BD Δ,Δ为矩形所以，四边形，即面，且且共面和，面面同理且共面面面面且为等腰由题知，EHGF EF EF HG EF HG EF GC DG FB DF C RT BCD ====18.〔本小题总分为12分〕在直角坐标系xOy 中，点)2,3(),3,2(),1,1(C B A ，点),(y x P 在ABC ∆三边围成的 区域〔含边界〕上，且(,)OP mAB nAC m n R =+∈.假设23m n ==，求||OP ；〔2〕用,x y 表示m n -，并求m n -的最大值.【答案】 〔1〕 22 〔2〕 m-n=y-x, 1【解析】 〔1〕22|OP |22|OP |∴(2,2),OP ∴(2,2))3,3(32)]1,2()2,1[(32)AC AB (32AC AB OP ∴32),,(),2,3(),3,2(),11(22==+====+=+=+===所以，，y x n m n m y x P C B A 〔2〕1---.1-)3,2(.,,-.--.2,2),1,2()2,1(y)x,(∴,AC AB OP 最大值为，所以，取最大值时，经计算在三个顶点求线性规划问题，可以代含边界内的最大值，属在三角形即求解得即n m x y n m x y B C B A ABC x y x y n m n m y n m x n m n m ==+=+=+=+=〔本小题总分为12分〕某保险公司利用简单随机抽样方法，对投保车辆进展抽样，样本车辆中每辆车的赔付结果统计如下：〔I 〕假设每辆车的投保金额均为2800元，估计赔付金额大于投保金额的概率；〔II 〕在样本车辆中，车主是新司机的占10％，在赔付金额为4000元的样本车辆中，车主是新司机的占20％，估计在已投保车辆中，新司机赔获金额为4000元的概率。
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2014年陕西省高考数学试卷（文科）
参考答案与试题解析
一、选择题（共10小题，每小题5分，共50分）
2
2．（5分）（2014•陕西）函数f（x）=cos（2x+）的最小正周期是（）
B
，再代入复合三角函数的周期公式
得，
）的最小正周期是
应用，属于基
求出
•
4．（5分）（2014•陕西）根据如图框图，对大于2的正数N，输出的数列的通项公式是（）
5．（5分）（2014•陕西）将边长为1的正方形以其一边所在直线为旋转轴旋转一周，所得几
6．（5分）（2014•陕西）从正方形四个顶点及其中心这5个点中任取2个点，则这2个点的距离小于该正方形边长的概率为（）
B
条长度为，两条长度为
条长度为，两条长度为
=．
（
=x
=，，不满足
==
8．（5分）（2014•陕西）原命题为“若＜a n，n∈N+，则{a n}为递减数列”，关于其逆
＜
≥
9．（5分）（2014•陕西）某公司10位员工的月工资（单位：元）为x1，x2，…，x10，其均值和方差分别为和s2，若从下月起每位员工的月工资增加100元，则这10位员工下月工
．，s2+1002B．+100，s2+1002
，s2+100，s2
=+100
[+100﹣（+100﹣（[）））
10．（5分）（2014•陕西）如图，修建一条公路需要一段环湖弯曲路段与两条直道平滑连接（相切），已知环湖弯曲路段为某三次函数图象的一部分，则该函数的解析式为（）
﹣y=x
y=x
、
，将
、，将
、
二、填空题（共4小题，每小题5分，共25分）
11．（5分）（2014•陕西）抛物线y2=4x的准线方程是x=﹣1．
根据抛物线的方程求其焦点坐标和准线方程，一定要先化为标准形式，求出
12．（5分）（2014•陕西）已知4a=2，lgx=a，则x=．
，
，
．
故答案为：
13．（5分）（2014•陕西）设0＜θ＜，向量=（sin2θ，cosθ），=（1，﹣cosθ），若•=0，
则tanθ=．
=sin2＜
，
故答案为：．
14．（5分）（2014•陕西）已知f（x）=，x≥0，若f1（x）=f（x），f n+1（x）=f（f n（x）），
n∈N+，则f2014（x）的表达式为．
解：由题意
．
．
=
故答案为：
选考题（请在15-17三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题评分）不等式选做题
15．（5分）（2014•陕西）设a，b，m，n∈R，且a2+b2=5，ma+nb=5，则的最小值
为．
故答案为：
几何证明选做题
16．（2014•陕西）如图，△ABC中，BC=6，以BC为直径的半圆分别交AB、AC于点E、F，若AC=2AE，则EF=3．
，即可得出结论．
坐标系与参数方程选做题
17．（2014•陕西）在极坐标系中，点（2，）到直线ρsin（θ﹣）=1的距离是1．
）即（
）即﹣x+﹣
，﹣的距离为
三、解答题（共6小题，共75分）
18．（12分）（2014•陕西）△ABC的内角A、B、C所对的边分别为a，b，c．
（Ⅰ）若a，b，c成等差数列，证明：sinA+sinC=2sin（A+C）；
（Ⅱ）若a，b，c成等比数列，且c=2a，求cosB的值．
b=
==
19．（12分）（2014•陕西）四面体ABCD及其三视图如图所示，平行于棱AD，BC的平面分别交四面体的棱AB、BD、DC、CA于点E、F、G、H．
（Ⅰ）求四面体ABCD的体积；
（Ⅱ）证明：四边形EFGH是矩形．
V=
20．（12分）（2014•陕西）在直角坐标系xOy中，已知点A（1，1），B（2，3），C（3，2），点P（x，y）在△ABC三边围成的区域（含边界）上，且=m+n（m，n∈R）
（Ⅰ）若m=n=，求||；
（Ⅱ）用x，y表示m﹣n，并求m﹣n的最大值．
（Ⅰ）由点的坐标求出向量和m=n=，再由=m+n 的坐标，然后由模的公式求模；
（Ⅱ）由=m+n得到，作差后得到
，
（Ⅱ）∵
21．（12分）（2014•陕西）某保险公司利用简单随机抽样方法，对投保车辆进行抽样，样本
（Ⅱ）在样本车辆中，车主是新司机的占10%，在赔付金额为4000元的样本车辆中，车主是新司机的占20%，估计在已投保车辆中，新司机获赔金额为4000元的概率．
，，
22．（13分）（2014•陕西）已知椭圆+=1（a＞b＞0）经过点（0，），离心率为，
左右焦点分别为F1（﹣c，0），F2（c，0）．
（Ⅰ）求椭圆的方程；
（Ⅱ）若直线l：y=﹣x+m与椭圆交于A、B两点，与以F1F2为直径的圆交于C、D两点，且满足=，求直线l的方程．
（Ⅰ）由题意可得
．=
（Ⅰ）由题意可得
．
，
，可得
=
，
=
=，
的方程为
23．（14分）（2014•陕西）设函数f（x）=lnx+，m∈R．
（Ⅰ）当m=e（e为自然对数的底数）时，求f（x）的极小值；
（Ⅱ）讨论函数g（x）=f′（x）﹣零点的个数；
（Ⅲ）若对任意b＞a＞0，＜1恒成立，求m的取值范围．
，利用
）﹣
，
，
；
=lne+
=﹣﹣
﹣
﹣
；
时，函数
时，函数
＜
或
时，函数
＜
x=lnx+
﹣﹣
﹣（
；
，时成立；
[，。