2017年天津市河东区中考数学一模试卷(解析版)
天津市河东区中考数学一模试卷
中考数学一模试卷一、选择题（本大题共10小题，共30.0分）1.tan60°的值是（）A. B. C. D.2.下面有四个“风车”图案，其中是中心对称图形的有（）A. 1个B. 2个C. 3个D. 4个3.根据国家统计局公布的统计数字，2009年全年我国原油产量为18949万吨，用科学记数法表示这个数字，应为（）A. 吨B. 吨C. 吨D. 吨4.要由抛物线y=-2x2平移得到y=-2x2-4x-2，则平移的方法是（）A. 向左平移1个单位B. 向上平移1个单位C. 向下平移1个单位D. 向右平移1个单位5.在下列四个几何体中，以如图为俯视图的是（）A. B. C. D.6.某班七个兴趣小组人数分别为：3，3，4，y=2x+3，5，5，6，已知这组数据的平均数是4，则这组数据的中位数是（）A. 2B. 4C.D. 57.如图，AB是⊙O的直径，弦CD⊥AB，垂足为E，若CD=，CA=，则直径AB的长为（）A. 2B. 3C. 4D. 58.设实数a=，则a值的范围是（）A. B. C. D.9.如图，∠AOB=60°，过OA上到点O的距离分别为1，2，3，4，5，…的点作OA的垂线与OB相交，得到一组梯形，它们的面积分别为S1，S2，S3，S4，S5，…．观察图中的规律，可知第20个梯形的面积S20等于（）A. B. C. D.10.如图，在矩形ABCD中，P是CD边上一点，PE⊥BD，垂足为E，PF⊥AC，垂足为F，如果AB=4，AD=3，那么PE+PF等于（）A. 3B. 4C.D.二、填空题（本大题共8小题，共24.0分）11.如果是整数，则正整数n的最小值是______．12.如果一个一次函数的图象经过第一、二、四象限，那么这个一次函数的解析式可以是______（只要求写一个符合要求的一次函数解析式）．13.二次函数y=（x-1）2+2的最小值是______．14.如图，已知AB∥DC，BD平分∠ABC，∠C=130°，则∠CDB=______．15.为估计某旅游景区国家保护动物穿山甲的只数，先捕捉10只穿山甲，给它们分别作上标志然后放回，待有标志的穿山甲完全回归山林后，第二次再捕捉30只穿山甲，发现其中有2只是有标志的．据此可以估计，该景区大约有穿山甲______只．16.某书店把一本新书按标价的九折出售，仍可获利20%．若该书的进价为42元，则标价为______．17.如图，Rt△ABC中，∠ACB=90°，∠ABC=30°，BC=12cm，半圆的直径DE=12cm．半圆以2cm/秒的速度从左向右运动，在运动过程中，直径DE始终在直线BC上．设运动时间为t（单位：秒），当t=0秒时，半圆在△ABC的左侧，OC=8cm．当半圆运动了______秒时，△ABC的边AB所在直线与半圆相切，此时，半圆面与△ABC 重叠部分的面积为______cm2．18.如图，在菱形ABCD中，∠B=60°，点E、F分别是BC、DC上的动点，且BE=DF．某小组的同学观察图形得出五个结论：①AE=AF；②∠CEF=∠CFE；③△AEF≌△CEF；④当点E、F分别是边BC、DC中点时，△AEF是等边三角形；⑤当点E在边BC上且点F在边DC上，且满足BE=DF时，△AEF的面积为定值．其中，真命题是______（写出所有真命题的序号）．三、计算题（本大题共3小题，共24.0分）19.解方程：x2＋2x－1=0．20.小凯想给小旭打电话，去查小旭电话号码的时候发现记着号码的纸被磨损了，只看清前六位数字，而后面两位数字都看不清楚了．①小凯回忆起小旭当初说过，他电话号码的最后两个数字是不重复的奇数并且都小于6．若小凯依照此规则随机拨号，试用列表法或树形图列出小凯所有可能的拨号方法，并求出小凯一次拨对小旭号码的概率；②如果这两位数字分别满足不等式组＞，试写出它可能表示的所有数字．21.如图，△ABC是边长为a的等边三角形，O为△ABC的中心．将△ABC绕着中心O旋转120°．①直接写出△ABC的内切圆半径r和外接圆半径R分别是多少？②设点D、E、F分别在边AB、BC、CA上，且AD=2DB，BE=2EC，CF=2FA，试画出△DEF，说明它的形状，并计算它的周长；③根据“线动成面”的道理，△ABC的三条边AB、BC和CA在旋转过程中扫过的部分组成的平面图形的形状是什么？并计算出此图形的面积．四、解答题（本大题共5小题，共42.0分）22.如图，一次函数y=kx+3的图象与反比例函数图象分别相交于A、B两点，其中点B坐标为（-2，-1）．①试确定一次函数及反比例函数的解析式；②求△ABO的面积．23.在一次数学活动中，兴趣小组的同学为了测量一棵银杏树AB的高，他们来到与银杏树在同一平地且相距8米的建筑物CD上的C处观察，如图，测得树顶部A的仰角为30°，树底部B的俯角为60°，求银杏树AB的高．（精确到0.1米）（参考数据：≈1.41，≈1.73）．24.在Rt△ABC中，∠ACB=90°，D是AB边上一点，以BD为直径的⊙O与边AC相切于点E，连接DE并延长，与BC的延长线交于点F．（1）求证：BD=BF；（2）若BC=6，AD=4，求⊙O的面积．25.如图，学校准备利用图书馆后面的场地边用围栏圈建一个面积为60平方米的长方形车棚ABCD，车棚的一边利用图书馆的后墙，墙长为l．①设车棚靠墙的一边AD的长是x，则x的取值范围是______；②用x表示矩形车棚的宽AB=______；③建造车棚所需围栏的长=______；④如果图书馆后墙长l=10米，学校现存有铁围栏总长为26米，要全部用上建造车棚，则车棚靠墙的一边AD的长应为多少？26.已知二次函数y=ax2+bx+c．①若b=2a+c，那么函数图象一定经过哪个定点？②若a＜0且c=0，且对于任意的实数x，都有y≤1，求证：4a+b2≤0．③若函数图象上两点（0，y1）和（1，y2）满足y1•y2＞0，且2a+3b+6c=0，试确定二次函数图象对称轴与x轴交点横坐标的取值范围．答案和解析1.【答案】D【解析】解：由于tan60°=，故选：D．根据tan60°=进行解答即可．本题考查的是特殊角的三角函数值，熟记各特殊角的三角函数值是解答此题的关键．2.【答案】B【解析】解：结合中心对称图形的概念可知：第一个图形没有对称中心，不是中心对称图形，第二个图形是中心对称图形，第三个图形不是中心对称图形，是轴对称图形，第四个图形是中心对称图形．故选B．根据中心对称图形的概念求解．本题重在考查我们对中心对称图形概念的掌握情况，中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后与原图重合．3.【答案】C【解析】解：∵18949万吨写成189490000吨，∴18949万吨用科学记数法表示为：1.8949×108吨．故选C．先把18949万吨写成189490000吨的形式，再根据科学记数法的表示方法解答即可．本题考查的是科学记数法的概念，即把一个大于10的数记成a×10n的形式，其中a是整数数位只有一位的数，n是正整数，这种记数法叫做科学记数法．4.【答案】A【解析】解：∵y=-2x2-4x-2=-2（x2+2x+1）=-2（x+1）2，∴可见其对称轴为x=-1，而y=-2x2的对称轴为x=0，可见将抛物线y=-2x2向左平移一个单位即可得到y=-2x2-4x-2．故选：A．先将y=-2x2-4x-2表示成顶点式，即可判断出如何由抛物线y=-2x2平移得到y=-2x2-4x-2．此题考查了抛物线的平移变换，找到抛物线的对称轴即可判断出抛物线的移动情况．5.【答案】C【解析】解：从上面看，可知：A、圆柱的俯视图为圆，不符合题意；B、长方体的俯视图为长方形，不符合题意；C、圆台的俯视图是圆环，符合题意；D、圆锥的俯视图是圆和圆心，不符合题意．故选C．根据俯视图是从上面看所得到的图形判断是圆环的即可．本题考查了三视图的知识，俯视图是从物体的上面看得到的视图．6.【答案】B【解析】解：这组数据的平均数=（3+3+4+2x+3+5+5+6）==4，解得x=-，∴2x+3=2，∴这组数据从小到大的排列是2，3，3，4，5，5，6，∴这组数据的中位数是4．故选B．先求出这组数据的平均数，可得关于x的一元一次方程，求出x，可得2x+3的值，再把这组数据从从小到大的排列，从而可求出中位数．本题考查了中位数、平均数的计算．解题的关键是求出x．7.【答案】B【解析】解：∵AB是⊙O的直径，弦CD⊥AB，垂足为E，CD=，∴CE=，在Rt△ACE中，∵CE=，CA=，∴AE===2，连接OC，设此圆的半径为x，则OE=2-x，在Rt△OCE中，OC2=CE2+OE2，即x2=（）2+（2-x）2，解得x=．∴AB=2x=2×=3．故选：B．先根据垂径定理得出CE的长，在Rt△ACE中利用勾股定理可求出AE的长，连接OC，设此圆的半径为x，在Rt△OCE中利用勾股定理即可求出x的值，进而求出AB的值．本题考查的是垂径定理及勾股定理，能根据题意作出辅助线，构造出直角三角形是解答此题的关键．8.【答案】C【解析】解：a2=（）2=11，可知32=9＜11＜=，根据给出的选项便可知C符合题意．故选C．先求出a2的值，根据a2的大小估算a的取值范围．本题主要考查了无理数的估算，解题关键是确定无理数的整数部分即可解决问题，属于基础题．9.【答案】C【解析】解：由已知，观察图形得到第20个梯形的面积为距离点O的距离为21的三角形的面积减去距离点O的距离为20的三角形的面积．即：×21tan60°×21-×20tan60°×20=，所以第20个梯形的面积为：．故选C．由已知，观察图形得到第20个梯形的面积为距离点O的距离为21的三角形的面积减去距离点O的距离为20的三角形的面积．先由已知，∠AOB=60°求出两个直角三角形的另两条直角边，再求第20个梯形的面积．此题考查的知识点是直角梯形，本题解答的关键是由已知通过观察图形得到第20个梯形的面积为距离点O的距离为21的三角形的面积减去距离点O的距离为20的三角形的面积．10.【答案】D【解析】解：设矩形ABCD中对角线AC和BD交于点O，连接OP，如图所示.∵在直角△ABD中，AB=4，AD=3∴BD==5∴OD=OC=2.5∵△ODC的面积=×矩形ABCD的面积=×4×3=3即△ODP的面积+△OCP的面积=3∴OD•PE+OC•PF=3∴×2.5（PE+PF）=3解得：PE+PF=．故选D．首先求得△ODC的面积，根据△ODC的面积=△ODP的面积+△OCP的面积=OD•PE+OC•PF即可求解．本题主要考查了矩形的性质，正确转化为三角形的面积的计算是解题的关键．11.【答案】3【解析】解：∵==2，且是整数；∴2是整数，即3n是完全平方数；∴n的最小正整数值为3．故答案是：3．因为是整数，且==2，则3n是完全平方数，满足条件的最小正整数n为3．主要考查了乘除法法则和二次根式有意义的条件．二次根式有意义的条件是被开方数是非负数．二次根式的运算法则：乘法法则=．除法法则=．解题关键是分解成一个完全平方数和一个代数式的积的形式．12.【答案】y=-x+1【解析】解：对于一次函数y=kx+b（k≠0），∵一次函数的图象经过第二、四象限，∴k＜0，又∵一次函数的图象经过第一象限，∴一次函数的图象与y轴的交点在x轴上方，即b＞0，∴这个一次函数的解析式可以是y=-x+1．故答案为：y=-x+1．由于一个一次函数的图象经过第一、二、四象限，根据一次函数y=kx+b（k≠0）的性质可得k＜0，b＞0．本题考查了一次函数y=kx+b（k≠0）的性质：当k＜0，图象经过第二、四象限，y 随x的增大而减小；当k＞0，经图象第一、三象限，y随x的增大而增大；当b ＞0，一次函数的图象与y轴的交点在x轴上方；当b＜0，一次函数的图象与y 轴的交点在x轴下方．13.【答案】2【解析】解：二次函数y=（x-1）2+2开口向上，其顶点坐标为（1，2），所以最小值是2．本题考查二次函数最大（小）值的求法．本题考查二次函数的基本性质，题目给出的是顶点式，若是一般式则需进行配方化为顶点式或者直接运用顶点公式．14.【答案】25°【解析】解：∵AB∥DC，∴∠ABC+∠C=180°，∵∠C=130°，∴∠ABC=50°，∵BD平分∠ABC，∴∠ABD=∠ABC=×50°=25°．∵AB∥DC，∴∠CDB=∠ABD=25°．故答案为：25°．由AB∥DC，根据两直线平行，同旁内角互补，即可求得∠ABC的度数，又由BD平分∠ABC，即可求得∠ABD的度数，又由两直线平行，内错角相等，即可求得∠CDB的度数．此题考查了平行线的性质．注意两直线平行，同旁内角互补与两直线平行，内错角相等．15.【答案】150【解析】解：10=150（只）．故答案为150．30只穿山甲，发现其中2只有标志，说明在样本中，有标记的占到，而有标记的共有10只，根据比例可求出总数．本题主要考查用样本估计总体，统计的思想就是用样本的信息来估计总体的信息，本题体现了统计思想，考查了用样本估计总体．16.【答案】56元【解析】解：设标价是x元，根据题意则有：0.9x=42（1+20%），解可得：x=56．故答案为：56元．根据题意，实际售价=进价+利润．九折即标价的90%；可得一元一次的关系式，求解可得答案．本题考查一元一次方程的应用，关键在于找出题目中的等量关系，根据等量关系列出方程解答．17.【答案】4；9π【解析】解：如图，设半圆与AB相切于点F，连接CF，∴CF⊥AB，又∠ABC=30°，BC=12cm，∴CF=BC=6cm，此时，圆心O与点C重合，半圆走了8cm，∴t==4（秒），又∵∠ACB=90°，∴半圆面与△ABC重叠部分的面积：=πr2=×36π=9π；S重合故答案为：4；9π．如图，设半圆与AB相切于点F，连接CF，则CF⊥AB，又∠ABC=30°，BC=12cm，所以，CF=BC=6cm，此时，圆心O与点C重合，半圆走了8cm，所以，t==4（秒），又∠ACB=90°，所以，半圆面与△ABC重叠部分的面积：S重=πr2=×36π=9π；合本题主要考查了切线的性质和扇形面积的计算，切线的性质：①圆的切线垂直于经过切点的半径；②经过圆心且垂直于切线的直线必经过切点；③经过切点且垂直于切线的直线必经过圆心．18.【答案】①②【解析】解：∵点E、F分别从点B、D出发以同样的速度沿边BC、DC向点C运动，∴BE=DF，∵AB=AD，∠B=∠D，∴△ABE≌△ADF，∴AE=AF，①正确；∴CE=CF，∴∠CEF=∠CFE，②正确；③错误；当点E，F分别为边BC，DC的中点时，BE=AB，DF=AD，无法得出∠EAF的度数，④错误；∵△AEF的面积=菱形ABCD的面积-△ABE的面积-△ADF的面积-△CEF的面积，=AB2-BE•AB××2-××（AB-BE）2，=-BE2+AB2，∴△AEF的面积是BE的二次函数，∴当BE=0时，△AEF的面积最大，⑤错误．故正确的序号有①②．根据菱形的性质可证明△ABE≌△ADF，则AE=AF；CE=CF，∠CEF=∠CFE，当点E，F分别为边BC，DC的中点时，BE=AB，DF=AD，无法求出∠EAF的度数，再由△AEF的面积=菱形ABCD的面积-△ABE的面积-△ADF的面积-△CEF的面积，即可得出△AEF的面积是BE的二次函数，即可求出，△AEF的面积最大．本题考查了菱形的性质、全等三角形的判定和等边三角形的判定，是中考压轴题，难度较大．19.【答案】解：∵x2+2x-1=0∴x2+2x=1∴x2+2x+1=1+1∴（x+1）2=2∴x=-1±∴x1=-1+，x2=-1-．【解析】本题要求用配方法解一元二次方程，首先将常数项移到等号的右侧，将等号左右两边同时加上一次项系数一半的平方，即可将等号左边的代数式写成完全平方形式．配方法的一般步骤：（1）把常数项移到等号的右边；（2）把二次项的系数化为1；（3）等式两边同时加上一次项系数一半的平方．选择用配方法解一元二次方程时，最好使方程的二次项的系数为1，一次项的系数是2的倍数．由表可知，可能的拨号方法共有种，∴一次拨对电话号码的概率是；②解不等式2x-11＞0，得x＞，解不等式x≤x+4，得x≤8，∴不等式组的解集是：＜x≤8，其整数解是6，7，8，∴这两位数字可能表示的数字是66，67，68，77，78，88，76，86，87．【解析】①首先根据题意画树状图，然后根据树状图求得所有等可能的结果与小凯一次拨对小旭号码的情况，再根据概率公式求解即可；②首先解此不等式组，求其解集，然后即可确定这两位数字可能表示的数字．此题考查了树状图法与列表法求概率与不等式组的解法．树状图法与列表法可以不重不漏的表示出所有等可能的结果．用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．21.【答案】解：①内切圆半径，外接圆半径；②如图画出△DEF，可知它是等边三角形．取BE的中点M，连接DM，由BD=BM=a，且∠B=60°，得等边△BDM，∴DM=ME=a，∠MDE=∠MED，又∠BMD=60°，∴∠MED=∠BMD=30°，∴∠BDE=90°，在Rt△BDE中，DE=BD=a，∴等边△DEF的周长=；③图形的形状是：三角形的外接圆与内切圆所形成的圆环．∵圆环的大圆半径是△ABC外接圆半径R，小圆半径是△ABC内切圆半径r，∴圆环的面积=πR2-πr2==．【解析】①O点到各定点的距离是外接圆半径R，O到各边的距离就是内接圆半径r；②易知△DEF是等边三角形，可借助直角三角形求出其边长，继而得出其周长；③△ABC旋转过程中扫过的部分组成的平面图形的形状是三角形的外接圆与内切圆所形成的圆环，大圆的面积减去小圆的面积即可求得．本题考查了旋转的性质、三角形的内、外接圆及圆面积的计算，考查了知识点比较多，熟记其计算公式，是解答的关键，考查了学生的空间想象能力．22.【答案】解：①把B（-2，-1）代入反比例函数解析式，得k=2，∴一次函数解析式为y=2x+3，反比例函数解析式为y=；②由，解得：A（，4），设直线与x轴交点为C，易知C（-，0），∴S△ABO=•|x C|•|y B|+•|x C|•|y A|，=••1+••4，=．【解析】①将点B坐标为（-2，-1），分别代入函数解析式求出即可；②利用两函数解析式得出交点坐标，即可得出对应线段之间的关系，即可得出△ABO的面积．此题主要考查了待定系数法求一次函数与反比例函数解析式，根据图形得出三角形底与高的长度是解决问题的关键．23.【答案】解：过点C作CM⊥AB于M，则可得到Rt△ACM、Rt△BCM和矩形CDBM，由题意知：∠1=30°，∠2=∠A=60°，BD=CM=8，在Rt△BCM中，tan∠2=，∴BM=CM•tan60°=8，在Rt△ACM中，tan∠1=，∴AM=CM•tan30°=8×=，∴AB=AM+BM=8+=≈18.5（米）．答：银杏树高约18.5米．【解析】过点C作CM⊥AB于M，则可得到Rt△ACM、Rt△BCM和矩形CDBM，再在Rt△BCM与Rt△ACM中利用特殊角的三角函数值即可求出BM及AM的长．本题考查的是解直角三角形的应用-仰角俯角问题，根据题意作出辅助线，构造出直角三角形，再利用锐角三角函数的定义及特殊角的三角函数值求解是解答此题的关键．24.【答案】（1）证明：如图，连接OE∵AC切⊙O于E，∴OE⊥AC，又∠ACB=90°，即BC⊥AC，∴OE∥BC，∴∠OED=∠F，又OD=OE，∴∠ODE=∠OED，∴∠ODE=∠F，∴BD=BF；（2）解：设⊙O半径为r，由OE∥BC得△AOE∽△ABC，∴，即，∴r2-r-12=0，解之得r1=4，r2=-3（舍），经检验，r=4是原分式的解．∴S⊙O=πr2=16π．【解析】（1）作辅助线，连接OE，根据切线的性质知OE⊥AC，已知∠ACB=90°，可知OE∥BC，得∠OED=∠F，再根据OD=OE，可知∠ODE=∠OED，从而可得∠ODE=∠F，BD=BF；（2）根据△AOE∽△ABC，可将⊙O的半径求出，代入圆的面积公式S⊙O=πr2，计算即可．本题考查了圆的切线性质及相似三角形的判定定理，有一定的综合性．25.【答案】0＜x≤l；；x+【解析】解：①0＜x≤l；②；③x+；④解：由题意得：x+=26，（0＜x≤10）去分母，整理得：x2-26x+120=0，解得x1=6，x2=20，经检验，x1、x2都是原方程的解，但x2不合题意，舍去．∴x=6．答：车棚靠墙的一边AD的长为6米．（1）x要比0大，不大于墙的长度．（2）用面积除以长x就是宽的长度．（3）围栏的长为两个宽的长度加上一个长的长度．（4）根据铁围栏总长为26米，可列出方程求解．本题考查理解题意的能力，关键是知道围栏构成三面的墙，以及长方形的面积公式的计算等．26.【答案】（1）解：由b=2a+c，可得4a-2b+c=0，∵当x=-2时，y=4a-2b+c=0，∴函数图象一定经过点（-2，0）；（2）证明：此时抛物线解析式为y=ax2+bx，图象是开口向下的抛物线，a＜0．∴顶点纵坐标≤1，∴-b2≥4a，∴4a+b2≤0；（3）解：由2a+3b+6c=0，可得6c=-（2a+3b），由题意，y1•y2=c•（a+b+c）＞0，即6c•（6a+6b+6c）＞0，∴-（2a+3b）•（4a+3b）＞0，（2a+3b）•（4a+3b）＜0，两边同除以9a2，∵9a2＞0，∴ ＜0，∴ ＜＞或＞＜∴ ＜＜，∴＜＜，即为所求．【解析】（1）将b=2a+c整理为4a-2b+c=0即可判断其经过的点的坐标；（2）根据题目提供的条件求得其顶点的纵坐标，进一步整理即可得到答案；（3）将（0，y1）和（1，y2）分别代入函数的解析式，利用y1•y2＞0、2a+3b+6c=0，即可确定纵坐标的取值范围．本题考查了二次函数的性质及抛物线与x轴的交点，另外还考查了二次函数图象上的点的特征，是一道比较复杂的二次函数综合题．。
2016-2017年天津市河东区九年级(上)期末数学试卷和解析答案
2016-2017学年天津市河东区九年级（上）期末数学试卷一、选择题（每小题3分，共36分）1．（3分）下列交通标志中，既是轴对称图形又是中心对称图形地是（）A． B． C．D．2．（3分）在下列方程中，一元二次方程是（）A．x2﹣2xy+y2=0 B．x（x+3）=x2﹣1 C．x2﹣2x=3D．x+=03．（3分）抛物线y=（x﹣2）2+1地顶点坐标是（）A．（﹣2，﹣1）B．（﹣2，1）C．（2，﹣1）D．（2，1）4．（3分）从数字2，3，4中任选两个数组成一个两位数，组成地数是偶数地概率是（）A．B．C．D．5．（3分）如图，在半径为5cm地⊙O中，弦AB=6cm，OC⊥AB于点C，则OC=（）A．3cm B．4cm C．5cm D．6cm6．（3分）已知正六边形地边长为2，则它地内切圆地半径为（）A．1 B．C．2 D．27．（3分）在反比例函数地每一条曲线上，y都随着x地增大而减小，则k 地值可以是（）A．﹣1 B．1 C．2 D．38．（3分）用配方法解下列方程时，配方正确地是（）A．方程x2﹣6x﹣5=0，可化为（x﹣3）2=4B．方程y2﹣2y﹣2015=0，可化为（y﹣1）2=2015C．方程a2+8a+9=0，可化为（a+4）2=25D．方程2x2﹣6x﹣7=0，可化为9．（3分）如图所示，在△ABC中，∠CAB=70°，现将△ABC绕点A顺时针旋转一定角度后得到△AB′C′，连接BB′，若BB′∥AC′，则∠CAB′地度数为（）A．20°B．25°C．30°D．40°10．（3分）若二次函数y=（x﹣m）2﹣1，当x≤3时，y随x地增大而减小，则m地取值范围是（）A．m=3 B．m＞3 C．m≥3 D．m≤311．（3分）如图，⊙O地半径为4，点P是⊙O外地一点，PO=10，点A是⊙O 上地一个动点，连接PA，直线l垂直平分PA，当直线l与⊙O相切时，PA地长度为（）A．10 B．C．11 D．12．（3分）如图是抛物线y=ax2+bx+c（a≠0）地部分图象，其顶点坐标为（1，n），且与x轴地一个交点在点（3，0）和（4，0）之间．则下列结论：①a﹣b+c＞0；②3a+b=0；③b2=4a（c﹣n）；④一元二次方程ax2+bx+c=n﹣1有两个不相等地实数根．其中正确结论地个数是（）A．1 B．2 C．3 D．4二、填空题：（本大题共6小题，每小题3分，共18分）13．（3分）方程x2﹣3=0地根是．14．（3分）如图，M为反比例函数y=图象上一点，MA⊥y轴于点A，S△MAO=2时，k=．15．（3分）如图，BD是⊙O地直径，∠CBD=30°，则∠A地度数为．16．（3分）若关于x地一元二次方程x2﹣4x+m=0有两个不相等地实数根，则m 地取值范围为．17．（3分）如图，量角器边缘上有P、Q两点，它们表示地读数分别为60°，30°，已知直径AB=，连接PB交OQ于M，则QM地长为．18．（3分）如图，在△BDE中，∠BDE=90°，BD=，点D地坐标是（7，0），∠BDO=15°，将△BDE旋转到△ABC地位置，点C在BD上，则旋转中心地坐标为．三、解答题（共7小题，共66分）19．（8分）解方程：（1）3x（x﹣1）=2x﹣2（2）x2﹣6x+5=0（配方法）20．（8分）如图，转盘A地三个扇形面积相等，分别标有数字1，2，3，转盘B 地四个扇形面积相等，分别有数字1，2，3，4．转动A、B转盘各一次，当转盘停止转动时，将指针所落扇形中地两个数字相乘（当指针落在四个扇形地交线上时，重新转动转盘）．（1）用树状图或列表法列出所有可能出现地结果；（2）求两个数字地积为奇数地概率．21．（10分）已知直线l与⊙O，AB是⊙O地直径，AD⊥l于点D．（1）如图①，当直线l与⊙O相切于点C时，求证：AC平分∠DAB；（2）如图②，当直线l与⊙O相交于点E，F时，求证：∠DAE=∠BAF．22．（10分）已知二次函数y=﹣x2+bx+c地图象如图所示，它与x轴地一个交点坐标为（﹣1，0），与y轴地交点坐标为（0，3）．（1）求出b、c地值，并写出此二次函数地解析式；（2）根据图象，直接写出函数值y为正数时，自变量x地取值范围；（3）当2≤x≤4时，求y地最大值．23．（10分）如图，某建筑工程队利用一面墙（墙地长度不限），用40米长地篱笆围成一个长方形地仓库．（1）求长方形地面积是150平方米，求出长方形两邻边地长；（2）能否围成面积220平方米地长方形？请说明理由．24．（10分）图1和图2中地正方形ABCD和四边形AEFG都是正方形．（1）如图1，连接DE，BG，M为线段BG地中点，连接AM，探究AM与DE地数量关系和位置关系，并证明你地结论；（2）在图1地基础上，将正方形AEFG绕点A逆时针方向旋转到图2地位置，连结DE、BG，M为线段BG地中点，连结AM，探究AM与DE地数量关系和位置关系，并证明你地结论．25．（10分）如图，直线y=﹣x+1与x轴交于点A，与y轴交于点B，抛物线y=﹣x2+bx+c经过A、B两点．（1）求抛物线地解析式；（2）点P是第一象限抛物线上地一点，连接PA、PB、PO，若△POA地面积是△POB面积地倍．①求点P地坐标；②点Q为抛物线对称轴上一点，请直接写出QP+QA地最小值；（3）点M为直线AB上地动点，点N为抛物线上地动点，当以点O、B、M、N 为顶点地四边形是平行四边形时，请直接写出点M地坐标．2016-2017学年天津市河东区九年级（上）期末数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题3分，共36分）1．（3分）下列交通标志中，既是轴对称图形又是中心对称图形地是（）A． B． C．D．【解答】解：A、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项错误；B、不是轴对称图形，是中心对称图形，故本选项错误；C、不是轴对称图形，也不是中心对称图形，故本选项错误；D、既是轴对称图形又是中心对称图形，故本选项正确．故选D．2．（3分）在下列方程中，一元二次方程是（）A．x2﹣2xy+y2=0 B．x（x+3）=x2﹣1 C．x2﹣2x=3D．x+=0【解答】解：A、方程含有两个未知数，故不是；B、方程地二次项系数为0，故不是；C、符合一元二次方程地定义；D、不是整式方程．故选C．3．（3分）抛物线y=（x﹣2）2+1地顶点坐标是（）A．（﹣2，﹣1）B．（﹣2，1）C．（2，﹣1）D．（2，1）【解答】解：∵y=（x﹣2）2+1是抛物线地顶点式，根据顶点式地坐标特点可知，对称轴为直线x=2，故选D．4．（3分）从数字2，3，4中任选两个数组成一个两位数，组成地数是偶数地概率是（）A．B．C．D．【解答】解：画树状图为：共有6种等可能地结果数，其中组成地数是偶数地结果数为4，所以组成地数是偶数地概率==．故选A．5．（3分）如图，在半径为5cm地⊙O中，弦AB=6cm，OC⊥AB于点C，则OC=（）A．3cm B．4cm C．5cm D．6cm【解答】解：连接OA，∵AB=6cm，OC⊥AB于点C，∴AC=AB=×6=3cm，∵⊙O地半径为5cm，∴OC===4cm，故选B．6．（3分）已知正六边形地边长为2，则它地内切圆地半径为（）A．1 B．C．2 D．2【解答】解：如图，连接OA、OB，OG；∵六边形ABCDEF是边长为2地正六边形，∴△OAB是等边三角形，∴OA=AB=2，∴OG=OA•sin60°=2×=，∴边长为2地正六边形地内切圆地半径为．故选B．7．（3分）在反比例函数地每一条曲线上，y都随着x地增大而减小，则k 地值可以是（）A．﹣1 B．1 C．2 D．3【解答】解：∵反比例函数图象地每一条曲线上，y随x地增大而减小，∴1﹣k＞0，解得k＜1．故选A．8．（3分）用配方法解下列方程时，配方正确地是（）A．方程x2﹣6x﹣5=0，可化为（x﹣3）2=4B．方程y2﹣2y﹣2015=0，可化为（y﹣1）2=2015C．方程a2+8a+9=0，可化为（a+4）2=25D．方程2x2﹣6x﹣7=0，可化为【解答】解：A、由原方程得到：方程x2﹣6x+32=5+32，可化为（x﹣3）2=14，故本选项错误；B、由原方程得到：方程y2﹣2y+12=2015+12，可化为（y﹣1）2=2016，故本选项错误；C、由原方程得到：方程a2+8a+42=﹣9+42，可化为（a+4）2=7，故本选项错误；D、由原方程得到：方程x2﹣3x+（）2=+（）2，可化为，故本选项正确；故选：D．9．（3分）如图所示，在△ABC中，∠CAB=70°，现将△ABC绕点A顺时针旋转一定角度后得到△AB′C′，连接BB′，若BB′∥AC′，则∠CAB′地度数为（）A．20°B．25°C．30°D．40°【解答】解：由旋转地性质得：∠C′AB′=∠CAB=70°，AB′=AB，∴∠AB′B=∠ABB′，∵BB′∥AC′，∴∠AB′B=∠C′AB′=70°，∴∠ABB′=70°，∴∠BAB′=180°﹣70°﹣70°=40°，∴∠CAB′=∠CAB﹣∠BAB′=70°﹣40°=30°；故选：C．10．（3分）若二次函数y=（x﹣m）2﹣1，当x≤3时，y随x地增大而减小，则m地取值范围是（）A．m=3 B．m＞3 C．m≥3 D．m≤3【解答】解：∵二次函数地解析式y=（x﹣m）2﹣1地二次项系数是1，∴该二次函数地开口方向是向上；又∵该二次函数地图象地顶点坐标是（m，﹣1），∴该二次函数图象在[﹣∞，m]上是减函数，即y随x地增大而减小；而已知中当x≤3时，y随x地增大而减小，∴x≤3，∴x﹣m≤0，∴m≥3．故选C．11．（3分）如图，⊙O地半径为4，点P是⊙O外地一点，PO=10，点A是⊙O 上地一个动点，连接PA，直线l垂直平分PA，当直线l与⊙O相切时，PA地长度为（）A．10 B．C．11 D．【解答】解：如图所示．连接OA、OC（C为切点），过点O作OB⊥AP．设AB地长为x，在Rt△AOB中，OB2=OA2﹣AB2=16﹣x2，∵l与圆相切，∴OC⊥l．∵∠OBD=∠OCD=∠CDB=90°，∴四边形BOCD为矩形．∴BD=OC=4．∵直线l垂直平分PA，∴PD=BD+AB=4+x．∴PB=8+x．在Rt△OBP中，OP2=OB2+PB2，即16﹣x2+（8+x）2=102，解得x=．PA=2AD=2×=．故选：B．12．（3分）如图是抛物线y=ax2+bx+c（a≠0）地部分图象，其顶点坐标为（1，n），且与x轴地一个交点在点（3，0）和（4，0）之间．则下列结论：①a﹣b+c＞0；②3a+b=0；③b2=4a（c﹣n）；④一元二次方程ax2+bx+c=n﹣1有两个不相等地实数根．其中正确结论地个数是（）A．1 B．2 C．3 D．4【解答】解：∵抛物线与x轴地一个交点在点（3，0）和（4，0）之间，而抛物线地对称轴为直线x=1，∴抛物线与x轴地另一个交点在点（﹣2，0）和（﹣1，0）之间．∴当x=﹣1时，y＞0，即a﹣b+c＞0，所以①正确；∵抛物线地对称轴为直线x=﹣=1，即b=﹣2a，∴3a+b=3a﹣2a=a，所以②错误；∵抛物线地顶点坐标为（1，n），∴=n，∴b2=4ac﹣4an=4a（c﹣n），所以③正确；∵抛物线与直线y=n有一个公共点，∴抛物线与直线y=n﹣1有2个公共点，∴一元二次方程ax2+bx+c=n﹣1有两个不相等地实数根，所以④正确．故选C．二、填空题：（本大题共6小题，每小题3分，共18分）13．（3分）方程x2﹣3=0地根是x=±．【解答】解：方程整理得：x2=3，开方得：x=±，故答案为：x=±14．（3分）如图，M为反比例函数y=图象上一点，MA⊥y轴于点A，S△MAO=2时，k=4．【解答】解：如图所示：∵MA⊥y轴于点A，S=2，△MAO∴AM•AO=4，∴k=4．故答案为：4．15．（3分）如图，BD是⊙O地直径，∠CBD=30°，则∠A地度数为60°．【解答】解：∵BD是⊙O地直径，∴∠BCD=90°（直径所对地圆周角是直角），∵∠CBD=30°，∴∠D=60°（直角三角形地两个锐角互余），∴∠A=∠D=60°（同弧所对地圆周角相等）；故答案是：60°．16．（3分）若关于x地一元二次方程x2﹣4x+m=0有两个不相等地实数根，则m 地取值范围为m＜4．【解答】解：∵关于x地一元二次方程x2﹣4x+m=0有两个不相等地实数根，∴△=（﹣4）2﹣4m＞0，解得：m＜4．故答案为：m＜4．17．（3分）如图，量角器边缘上有P、Q两点，它们表示地读数分别为60°，30°，已知直径AB=，连接PB交OQ于M，则QM地长为2﹣3．【解答】解：∵∠BOP=60°，OP=OB，∴△OPB为等边三角形，而∠BOQ=30°，∴OM为等边三角形OPB地高，∴OM=OB，而AB=，∴OM=×2=3，∴QM=2﹣3．故答案为2﹣3．18．（3分）如图，在△BDE中，∠BDE=90°，BD=，点D地坐标是（7，0），∠BDO=15°，将△BDE旋转到△ABC地位置，点C在BD上，则旋转中心地坐标为（4，3）．【解答】解：如图，AB与BD地垂直平分线地交点即为旋转中心P，连接PD，过P作PF⊥x轴于F，∵点C在BD上，∴点P到AB、BD地距离相等，都是BD，即×6=3，∴∠PDB=45°，PD=3×=6，∵∠BDO=15°，∴∠PDO=45°+15°=60°，∴∠DPF=30°，∴DF=PD=×6=3，∵点D地坐标是（7，0），∴OF=OD﹣DF=7﹣3=4，由勾股定理得，PF===3，即P点地坐标为（4，3），故答案为：（4，3）．三、解答题（共7小题，共66分）19．（8分）解方程：（1）3x（x﹣1）=2x﹣2（2）x2﹣6x+5=0（配方法）【解答】解：（1）∵3x（x﹣1）=2（x﹣1），∴3x（x﹣1）﹣2（x﹣1）=0，即（x﹣1）（3x﹣2）=0，∴x﹣1=0或3x﹣2=0，解得：x=1或x=；（2）∵x2﹣6x=﹣5，∴x2﹣6x+9=﹣5+9，即（x﹣3）2=4，∴x﹣3=2或x﹣3=﹣2，解得：x=5或x=1．20．（8分）如图，转盘A地三个扇形面积相等，分别标有数字1，2，3，转盘B 地四个扇形面积相等，分别有数字1，2，3，4．转动A、B转盘各一次，当转盘停止转动时，将指针所落扇形中地两个数字相乘（当指针落在四个扇形地交线上时，重新转动转盘）．（1）用树状图或列表法列出所有可能出现地结果；（2）求两个数字地积为奇数地概率．【解答】解：（1）画树状图得：则共有12种等可能地结果；（2）∵两个数字地积为奇数地4种情况，∴两个数字地积为奇数地概率为：=．21．（10分）已知直线l与⊙O，AB是⊙O地直径，AD⊥l于点D．（1）如图①，当直线l与⊙O相切于点C时，求证：AC平分∠DAB；（2）如图②，当直线l与⊙O相交于点E，F时，求证：∠DAE=∠BAF．【解答】解：（1）连接OC，∵直线l与⊙O相切于点C，∴OC⊥CD；又∵AD⊥CD，∴AD∥OC，∴∠DAC=∠ACO；又∵OA=OC，∴∠ACO=∠CAO，∴∠DAC=∠CAO，即AC平分∠DAB；（2）如图②，连接BF，∵AB是⊙O地直径，∴∠AFB=90°，∴∠BAF=90°﹣∠B，∴∠AEF=∠ADE+∠DAE，在⊙O中，四边形ABFE是圆地内接四边形，∴∠AEF+∠B=180°，∴∠BAF=∠DAE．22．（10分）已知二次函数y=﹣x2+bx+c地图象如图所示，它与x轴地一个交点坐标为（﹣1，0），与y轴地交点坐标为（0，3）．（1）求出b、c地值，并写出此二次函数地解析式；（2）根据图象，直接写出函数值y为正数时，自变量x地取值范围；（3）当2≤x≤4时，求y地最大值．【解答】解：（1）把（﹣1，0），（0，3）代入y=﹣x2+bx+c，得解得，所以二次函数地解析式为：y=﹣x2+2x+3（2）把x=0代入y=﹣x2+bx+c中，得﹣x2+bx+c=0，解得x1=﹣1，x2=3，所以当﹣1＜x＜3，y＞0；（3）由y=﹣x2+2x+3=﹣（x﹣1）2+4，抛物线地对称轴为直线x=1，则当2≤x≤4时，y随着x地增大而减小，∴当x=2时，y地最大值是3．23．（10分）如图，某建筑工程队利用一面墙（墙地长度不限），用40米长地篱笆围成一个长方形地仓库．（1）求长方形地面积是150平方米，求出长方形两邻边地长；（2）能否围成面积220平方米地长方形？请说明理由．【解答】解：（1）设垂直于墙地一边长为xm，得：x（40﹣2x）=150，即x2﹣20x+75=0，解得：x1=5，x2=15，当x=5时，40﹣2x=30，当x=15时，40﹣2x=10，∴长方形两邻边地长为5m，30m或15m，10m；（2）设垂直于墙地一边长为ym，得：y（40﹣2y）=220，即y2﹣20y+110=0，∵△＜0，该方程无解∴不能围成面积是220平方米地长方形．24．（10分）图1和图2中地正方形ABCD和四边形AEFG都是正方形．（1）如图1，连接DE，BG，M为线段BG地中点，连接AM，探究AM与DE地数量关系和位置关系，并证明你地结论；（2）在图1地基础上，将正方形AEFG绕点A逆时针方向旋转到图2地位置，连结DE、BG，M为线段BG地中点，连结AM，探究AM与DE地数量关系和位置关系，并证明你地结论．【解答】解：（1）AM=DE，AM⊥DE，理由是：如图1，设AM交DE于点O，∵四边形ABCD和四边形AEFG都是正方形，∴AG=AE，AD=AB，∵∠DAE=∠BAG，∴△DAE≌△BAG，∴DE=BG，∠AED=∠AGB，在Rt△ABG中，∵M为线段BG地中点，∴AM=BG，AM=BM，∴AM=DE，∵AM=BM，∴∠MBA=∠MAB，∵∠AGB+∠MBA=90°，∴∠MAB+∠AED=90°，∴∠AOE=90°，即AM⊥DE；（2）AM=DE，AM⊥DE，理由是：如图2，延长AM到N，使MN=AM，连接NG，∵MN=AM，MG=BM，∠NMG=∠BMA，∴△MNG≌△MAB，∴NG=AB，∠N=∠BAN，由（1）得：AB=AD，∴NG=AD，∵∠BAN+∠DAN=90°，∴∠N+∠DAN=90°，∴NG⊥AD，∴∠AGN+∠DAG=90°，∵∠DAG+∠DAE=∠EAG=90°，∴∠AGN=∠DAE，∵NG=AD，AG=AE，∴△AGN≌△EAD，∴AN=DE，∠N=∠ADE，∵∠N+∠DAN=90°，∴∠ADE+∠DAN=90°，∴AM⊥DE．25．（10分）如图，直线y=﹣x+1与x轴交于点A，与y轴交于点B，抛物线y=﹣x2+bx+c经过A、B两点．（1）求抛物线地解析式；（2）点P是第一象限抛物线上地一点，连接PA、PB、PO，若△POA地面积是△POB面积地倍．①求点P地坐标；②点Q为抛物线对称轴上一点，请直接写出QP+QA地最小值；（3）点M为直线AB上地动点，点N为抛物线上地动点，当以点O、B、M、N 为顶点地四边形是平行四边形时，请直接写出点M地坐标．【解答】解：（1）∵直线y=﹣x+1与x轴交于点A，与y轴交于点B，∴A（2，0），B（0，1），∵抛物线y=﹣x2+bx+c经过A、B两点，∴，∴∴抛物线解析式为y=﹣x2+x+1，（2）①由（1）知，A（2，0），B（0，1），∴OA=2，OB=1，由（1）知，抛物线解析式为y=﹣x2+x+1，∵点P是第一象限抛物线上地一点，∴设P（a，﹣a2+a+1），（（a＞0，﹣a2+a+1＞0），∴S=OA×P y=×2×（﹣a2+a+1）=﹣a2+a+1△POAS△POB=OB×P x=×1×a=a∵△POA地面积是△POB面积地倍．∴a=或a=﹣（舍）∴P（，1）；②如图1，由（1）知，抛物线解析式为y=﹣x2+x+1，∴抛物线地对称轴为x=，抛物线与x轴地另一交点为C（﹣，0），∵点A与点C关于对称轴对称，∴QP+QA地最小值就是PC=；（3）①当OB为平行四边形地边时，MN=OB=1，MN∥OB，∵点N在直线AB上，∴设M（m，﹣m+1），∴N（m，﹣m2+m+1），∴MN=|﹣m2+m+1﹣（﹣m+1）|=|m2﹣2m|=1，Ⅰ、m2﹣2m=1，解得，m=1±，∴M（1+，（1﹣））或M（1﹣，（1+））Ⅱ、m2﹣2m=﹣1，解得，m=1，∴M（1，）；②当OB为对角线时，OB与MN互相平分，交点为H，∴OH=BH，MH=NH，∵B（0，1），O（0，0），∴H（0，），∴，∴或，∴M （﹣（1+），（3+））或M （﹣（1﹣），（3﹣））； 即：满足条件地点M 地坐标（1+，（1﹣））或（1﹣，﹣（1+））或（1，）或M （﹣（1+），（3+））或M （﹣（1﹣），（3﹣））；赠送：初中数学几何模型举例【模型四】几何最值模型：图形特征：BAPl运用举例：1. △ABC中，AB=6，AC=8，BC=10，P为边BC上一动点，PE⊥AB于E，PF⊥AC于F，M为AP的中点，则MF的最小值为EM FB2.如图，在边长为6的菱形ABCD中，∠BAD＝60°，E为AB的中点，F为AC上一动点，则EF+BF的最小值为_________。
2017届天津市河东区中考数学一模试卷(解析版)
2017年天津市河东区中考数学一模试卷一、选择题：本大题共12小题，每小题3分，共36分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．计算（﹣2）﹣5的结果等于（）A．﹣7 B．﹣3 C．3 D．72．tan60°的值等于（）A．B．C．D．3．如图是我国几家银行的标志，其中即是轴对称图形又是中心对称图形的有（）A．2个 B．3个 C．4个 D．5个4．国家统计局的相关数据显示，2015年我国国民生产总值（GDP）约为67670000000000元，将67670000000000用科学记数法表示为（）A．6.767×1013B．6.767×1012C．67.67×1012D．6.767×10145．如图，是由两个相同的小正方体和一个圆锥体组成的立体图形，其俯视图是（）A．B．C．D．6．估计的值在（）A．2和3之间B．3和4之间C．4和5之间D．5和6之间7．计算的结果是（）A．a﹣b B．b﹣a C．1 D．﹣18．方程2（2x+1）（x﹣3）=0的两根分别为（）A．和3 B．﹣和3 C．和﹣3 D．﹣和﹣39．如果点A、B、C、D所对应的数为a、b、c、d，则a、b、c、d的大小关系是（）A．a＜c＜d＜b B．b＜d＜a＜c C．b＜d＜c＜a D．d＜b＜c＜a10．如图，将矩形ABCD绕点A顺时针旋转到矩形AB′C′D′的位置，旋转角为α（0°＜α＜90°）．若∠1=112°，则∠α的大小是（）A．68°B．20°C．28°D．22°11．若M（，y1）、N（，y2）、P（，y3）三点都在函数（k＞0）的图象上，则y1、y2、y3的大小关系是（）A．y2＞y3＞y1B．y2＞y1＞y3C．y3＞y1＞y2D．y3＞y2＞y112．如图是抛物线y=ax2+bx+c（a≠0）的部分图象，其顶点坐标为（1，n），且与x轴的一个交点在点（3，0）和（4，0）之间，则下列结论：①a﹣b+c＞0；②3a+b=0；③b2=4a（c﹣n）；④一元二次方程ax2+bx+c=n﹣1有两个互异实根．其中正确结论的个数是（）A．1个 B．2个 C．3个 D．4个二、填空题：本大题共6小题，每小题3分，共18分．13．2x3•（﹣x2）=．14．计算=．15．一枚质地匀均的骰子，其六个面上分别标有数字：1，2，3，4，5，6，投掷一次，朝上一面的数字是偶数的概率是．16．一次函数y=（m﹣3）x﹣2的图象经过二、三、四象限，则m的取值范围是．17．如图，正方形ABCD中，点E、F分别为AB、CD上的点，且AE=CF=AB，点O为线段EF的中点，过点O作直线与正方形的一组对边分别交于P、Q两点，并且满足PQ=EF，则这样的直线PQ（不同于EF）有条．18．如图所示，在每个边长都为1的小正方形组成的网格中，点A、B、C均为格点．（Ⅰ）线段AB的长度等于；（Ⅱ）若P为线段AB上的动点，以PC、PA为邻边的四边形PAQC为平行四边形，当PQ长度最小时，请你借助网格和无刻度的直尺画出该平行四边形，并简要说明你的作图方法（不要求证明）．三、解答题：本大题共7小题，共66分，解答应写出文字说明、演算步骤或推理过程．19．解不等式组请结合题意填空，完成本题的解答．（Ⅰ）解不等式①，得；（Ⅱ）解不等式②，得；（Ⅲ）把不等式①和②的解集在数轴上表示出来：（Ⅳ）原不等式组的解集为．20．为了解学生参加户外活动的情况，和谐中学对学生每天参加户外活动的时间进行抽样调查，并将调查结果绘制成如图两幅不完整的统计图，根据图示，请回答下列问题：（Ⅰ）被抽样调查的学生有人，并不全条形统计图；（Ⅱ）每天户外活动时间的中位数是（小时）；（Ⅲ）该校共有2000名学生，请估计该校每天户外活动时间超过1小时的学生有多少人？21．如图，⊙O的直径AB=6，C为圆周上一点，AC=3，过点C作⊙O的切线l，过点B作l的垂线BD，垂足为D，BD与⊙O交于点E．（1）求∠AEC的度数；（2）求证：四边形OBEC是菱形．22．如图，小东在教学楼距地面9米高的窗口C处，测得正前方旗杆顶部A点的仰角为37°，旗杆底部B点的俯角为45°，升旗时，国旗上端悬挂在距地面2.25米处，若国旗随国歌声冉冉升起，并在国歌播放45秒结束时到达旗杆顶端，则国旗应以多少米/秒的速度匀速上升？（参考数据：sin37°≈0.60，cos37°≈0.80，tan37°≈0.75）23．为了提高身体素质，有些人选择到专业的健身中心锻炼身体，某健身中心的消费方式如下：以上消费卡使用年限均为一年，每位顾客只能购买一张卡，且只限本人使用（Ⅰ）若每年去该健身中心6次，应选择哪种消费方式更合算？（Ⅱ）设一年内去该健身中心健身x次（x为正整数），所需总费用为y元，请分别写出选择普通消费和白金卡消费的y与x的函数关系式；（Ⅲ）若某位顾客每年去该健身中心健身至少18次，请通过计算帮助这位顾客选择最合算的消费方式．24．在我们学习过的数学教科书中，有一个数学活动，其具体操作过程是：第一步：对折矩形纸片ABCD，使AD与BC重合，得到折痕EF，把纸片展开（如图①）；第二步：再一次折叠纸片，使点A落在EF上，并使折痕经过点B，得到折痕BM，同时得到线段BN（如图②）．如图②所示建立平面直角坐标系，请解答以下问题：（Ⅰ）设直线BM的解析式为y=kx，求k的值；（Ⅱ）若MN的延长线与矩形ABCD的边BC交于点P，设矩形的边AB=a，BC=b；（i）若a=2，b=4，求P点的坐标；（ii）请直接写出a、b应该满足的条件．25．如图，平面直角坐标系中，抛物线y=x2﹣2x与x轴交于O、B两点，顶点为P，连接OP、BP，直线y=x﹣4与y轴交于点C，与x轴交于点D．（Ⅰ）直接写出点B坐标；判断△OBP的形状；（Ⅱ）将抛物线沿对称轴平移m个单位长度，平移的过程中交y轴于点A，分别连接CP、DP；（i）若抛物线向下平移m个单位长度，当S△PCD=S△POC时，求平移后的抛物线的顶点坐标；（ii）在平移过程中，试探究S△PCD 和S△POD之间的数量关系，直接写出它们之间的数量关系及对应的m的取值范围．2017年天津市河东区中考数学一模试卷参考答案与试题解析一、选择题：本大题共12小题，每小题3分，共36分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．计算（﹣2）﹣5的结果等于（）A．﹣7 B．﹣3 C．3 D．7【考点】1A：有理数的减法．【分析】根据减去一个数等于加上这个数的相反数进行计算即可得解．【解答】解：（﹣2）﹣5=（﹣2）+（﹣5）=﹣（2+5）=﹣7，故选：A．2．tan60°的值等于（）A．B．C．D．【考点】T5：特殊角的三角函数值．【分析】求得60°的对边与邻边之比即可．【解答】解：在直角三角形中，若设30°对的直角边为1，则60°对的直角边为，tan60°==，故选D．3．如图是我国几家银行的标志，其中即是轴对称图形又是中心对称图形的有（）A．2个 B．3个 C．4个 D．5个【考点】R5：中心对称图形；P3：轴对称图形．【分析】根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解．【解答】解：中国银行标志：既是轴对称图形又是中心对称图形，符合题意；中国工商银行标志：既是轴对称图形又是中心对称图形，符合题意；中国人民银行标志：是轴对称图形，不是中心对称图形，不符合题意；中国农业银行标志：是轴对称图形，不是中心对称图形，不符合题意；中国建设银行标志：不是轴对称图形，也不是中心对称图形，不符合题意；故选：A4．国家统计局的相关数据显示，2015年我国国民生产总值（GDP）约为67670000000000元，将67670000000000用科学记数法表示为（）A．6.767×1013B．6.767×1012C．67.67×1012D．6.767×1014【考点】1I：科学记数法—表示较大的数．【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值＞1时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n 是负数．【解答】解：将67670000000000用科学记数法表示为：6.767×1013．故选：A．5．如图，是由两个相同的小正方体和一个圆锥体组成的立体图形，其俯视图是（）A．B．C．D．【考点】U2：简单组合体的三视图．【分析】找到从上面看所得到的图形即可，注意所有的看到的棱都应表现在俯视图中．【解答】解：从上面看，圆锥看见的是：圆和点，两个正方体看见的是两个正方形．故答案为：C．6．估计的值在（）A．2和3之间B．3和4之间C．4和5之间D．5和6之间【考点】2B：估算无理数的大小．【分析】直接利用二次根式的性质得出的取值范围．【解答】解：∵＜＜，∴的值在4和5之间．故选：C．7．计算的结果是（）A．a﹣b B．b﹣a C．1 D．﹣1【考点】6B：分式的加减法．【分析】几个分式相加减，根据分式加减法则进行运算，如果分母互为相反数则应将分母转化为其相反数后再进行运算．【解答】解：，故选D．8．方程2（2x+1）（x﹣3）=0的两根分别为（）A．和3 B．﹣和3 C．和﹣3 D．﹣和﹣3【考点】A8：解一元二次方程﹣因式分解法．【分析】根据已知方程得出两个一元一次方程，求出方程的解即可．【解答】解：2（2x+1）（x﹣3）=0，2x+1=0，x﹣3=0，x1=﹣，x2=3，故选B．9．如果点A、B、C、D所对应的数为a、b、c、d，则a、b、c、d的大小关系是（）A．a＜c＜d＜b B．b＜d＜a＜c C．b＜d＜c＜a D．d＜b＜c＜a【考点】18：有理数大小比较．【分析】根据数轴上右边的数大于左边的数，即可比较大小．【解答】解：由数轴可知，从左到右依次为：B，D，C，A，∵数轴上右边的数大于左边的数，∴b＜d＜c＜a，故选：C．10．如图，将矩形ABCD绕点A顺时针旋转到矩形AB′C′D′的位置，旋转角为α（0°＜α＜90°）．若∠1=112°，则∠α的大小是（）A．68°B．20°C．28°D．22°【考点】R2：旋转的性质．【分析】先根据矩形的性质得∠BAD=∠ABC=∠ADC=90°，再根据旋转的性质得∠BAB′=α，∠B′AD′=∠BAD=90°，∠D′=∠D=90°，然后根据四边形的内角和得到∠3=68°，再利用互余即可得到∠α的大小．【解答】解：∵四边形ABCD为矩形，∴∠BAD=∠ABC=∠ADC=90°，∵矩形ABCD绕点A顺时针旋转到矩形AB′C′D′的位置，旋转角为α，∴∠BAB′=α，∠B′AD′=∠BAD=90°，∠D′=∠D=90°，∵∠2=∠1=112°，而∠ABD=∠D′=90°，∴∠3=180°﹣∠2=68°，∴∠BAB′=90°﹣68°=22°，即∠α=22°．故选D．11．若M（，y1）、N（，y2）、P（，y3）三点都在函数（k＞0）的图象上，则y1、y2、y3的大小关系是（）A．y2＞y3＞y1B．y2＞y1＞y3C．y3＞y1＞y2D．y3＞y2＞y1【考点】G6：反比例函数图象上点的坐标特征．【分析】将M（，y1）、N（，y2）、P（，y3）三点分别代入函数（k ＞0），求得y1、y2、y3的值，然后再来比较它们的大小．【解答】解：∵M（，y1）、N（，y2）、P（，y3）三点都在函数（k ＞0）的图象上，∴M（，y1）、N（，y2）、P（，y3）三点都满足函数关系式（k＞0），∴y1=﹣2k，y2=﹣4k，y3=2k；∵k＞0，∴﹣4k＜﹣2k＜2k，即y3＞y1＞y2．故选C．12．如图是抛物线y=ax2+bx+c（a≠0）的部分图象，其顶点坐标为（1，n），且与x轴的一个交点在点（3，0）和（4，0）之间，则下列结论：①a﹣b+c＞0；②3a+b=0；③b2=4a（c﹣n）；④一元二次方程ax2+bx+c=n﹣1有两个互异实根．其中正确结论的个数是（）A．1个 B．2个 C．3个 D．4个【考点】HA：抛物线与x轴的交点；H4：二次函数图象与系数的关系．【分析】利用抛物线的对称性得到抛物线与x轴的另一个交点在点（﹣2，0）和（﹣1，0）之间，则当x=﹣1时，y＞0，于是可对①进行判断；利用抛物线的对称轴为直线x=﹣=1，即b=﹣2a，则可对②进行判断；利用抛物线的顶点的纵坐标为n得到=n，则可对③进行判断；由于抛物线与直线y=n有一个公共点，则抛物线与直线y=n﹣1有2个公共点，于是可对④进行判断．【解答】解：∵抛物线与x轴的一个交点在点（3，0）和（4，0）之间，而抛物线的对称轴为直线x=1，∴抛物线与x轴的另一个交点在点（﹣2，0）和（﹣1，0）之间．∴当x=﹣1时，y＞0，即a﹣b+c＞0，所以①正确；∵抛物线的对称轴为直线x=﹣=1，即b=﹣2a，∴3a+b=3a﹣2a=a，所以②错误；∵抛物线的顶点坐标为（1，n），∴=n，∴b2=4ac﹣4an=4a（c﹣n），所以③正确；∵抛物线与直线y=n有一个公共点，∴抛物线与直线y=n﹣1有2个公共点，∴一元二次方程ax2+bx+c=n﹣1有两个不相等的实数根，所以④正确．故选C．二、填空题：本大题共6小题，每小题3分，共18分．13．2x3•（﹣x2）=﹣2x5 ．【考点】49：单项式乘单项式．【分析】根据单项式与单项式相乘，把他们的系数分别相乘，相同字母的幂分别相加，其余字母连同他的指数不变，作为积的因式，计算即可．【解答】解：2x3•（﹣x2）=2×（﹣1）x3•x2=﹣2x5．故应填：﹣2x5．14．计算=30+12．【考点】79：二次根式的混合运算．【分析】利用完全平方公式计算即可．【解答】解：原式=（2）2+2×2×3+（3）2=12+12+18=30+12．故答案是：30+12．15．一枚质地匀均的骰子，其六个面上分别标有数字：1，2，3，4，5，6，投掷一次，朝上一面的数字是偶数的概率是．【考点】X4：概率公式．【分析】直接利用概率公式计算．【解答】解：投掷一次，朝上一面的数字是偶数的概率==．故答案为．16．一次函数y=（m﹣3）x﹣2的图象经过二、三、四象限，则m的取值范围是m＜3．【考点】F7：一次函数图象与系数的关系．【分析】根据一次函数y=（m﹣3）x﹣2的图象经过二、三、四象限判断出m的取值范围即可．【解答】解：∵一次函数y=（m﹣3）x﹣2的图象经过二、三、四象限，∴m﹣3＜0，∴m＜3，故答案为：m＜317．如图，正方形ABCD中，点E、F分别为AB、CD上的点，且AE=CF=AB，点O为线段EF的中点，过点O作直线与正方形的一组对边分别交于P、Q两点，并且满足PQ=EF，则这样的直线PQ（不同于EF）有3条．【考点】LE：正方形的性质；KD：全等三角形的判定与性质．【分析】能画3条：①与EF互相垂直且垂足为O，构建直角三角形，可以证明两直角三角形全等得EF=PQ；②在AD上截取AP=AD，连接PO延长得到PQ；③同理在AB了截取BQ=AB，连接QO并延长得到PQ．【解答】解：这样的直线PQ（不同于EF）有3条，①如图1，过O作PQ⊥EF，交AD于P，BC于Q，则PQ=EF；②如图2，以点A为圆心，以AE为半径画弧，交AD于P，连接PO并延长交BC 于Q，则PQ=EF；③如图3，以B为圆心，以AE为半径画弧，交AB于Q，连接QO并延长交DC 于点P，则PQ=EF．18．如图所示，在每个边长都为1的小正方形组成的网格中，点A、B、C均为格点．（Ⅰ）线段AB的长度等于5；（Ⅱ）若P为线段AB上的动点，以PC、PA为邻边的四边形PAQC为平行四边形，当PQ长度最小时，请你借助网格和无刻度的直尺画出该平行四边形，并简要说明你的作图方法（不要求证明）．【考点】N4：作图—应用与设计作图；KQ：勾股定理；L7：平行四边形的判定与性质．【分析】（Ⅰ）根据勾股定理可求线段AB的长度；（Ⅱ）取格点D、E、F，连结DE与AB交于点P，延长ED与CF交于点，四边形PAQC即为所求．【解答】解：（Ⅰ）线段AB的长度为：=5；（Ⅱ）如图所示：四边形PAQC即为所求．故答案为：5．三、解答题：本大题共7小题，共66分，解答应写出文字说明、演算步骤或推理过程．19．解不等式组请结合题意填空，完成本题的解答．（Ⅰ）解不等式①，得x＜2；（Ⅱ）解不等式②，得x≥﹣1；（Ⅲ）把不等式①和②的解集在数轴上表示出来：（Ⅳ）原不等式组的解集为﹣1≤x＜2．【考点】CB：解一元一次不等式组；C4：在数轴上表示不等式的解集．【分析】分别求出每一个不等式的解集，将不等式的解集表示在数轴上，即可确定不等式组的解集．【解答】解：解不等式①，得：x＜2，解不等式②，得：x≥﹣1，把不等式①和②的解集表示在数轴上如下：故不等式组的解集为：﹣1≤x＜2，故答案为：（Ⅰ）x＜2；（Ⅱ）x≥﹣1；（Ⅳ）﹣1≤x＜2．20．为了解学生参加户外活动的情况，和谐中学对学生每天参加户外活动的时间进行抽样调查，并将调查结果绘制成如图两幅不完整的统计图，根据图示，请回答下列问题：（Ⅰ）被抽样调查的学生有500人，并不全条形统计图；（Ⅱ）每天户外活动时间的中位数是1（小时）；（Ⅲ）该校共有2000名学生，请估计该校每天户外活动时间超过1小时的学生有多少人？【考点】VC：条形统计图；V5：用样本估计总体；VB：扇形统计图；W4：中位数．【分析】（1）根据条形统计图和扇形统计图可以求得被调查学生总数和1.5小时的学生数，从而可以将条形统计图补充完整；（2）根据条形统计图可以得到这组数据的中位数；（3）根据条形统计图可以求得校共有2000名学生，该校每天户外活动时间超过1小时的学生有多少人．【解答】解：（1）∵0.5小时的有100人占被调查总人数的20%，∴被调查的人数有：100÷20%=500，1.5小时的人数有：500﹣100﹣200﹣80=120，补全的条形统计图如下图所示，故答案为：500；（2）由（1）可知被调查学生500人，由条形统计图可得，中位数是1小时，故答案为：1；（3）由题意可得，该校每天户外活动时间超过1小时的学生数为：×2000=800人，即该校每天户外活动时间超过1小时的学生有800人．21．如图，⊙O的直径AB=6，C为圆周上一点，AC=3，过点C作⊙O的切线l，过点B作l的垂线BD，垂足为D，BD与⊙O交于点E．（1）求∠AEC的度数；（2）求证：四边形OBEC是菱形．【考点】MC：切线的性质；L9：菱形的判定．【分析】（1）由直径AB的长，求出半径OA及OC的长，再由AC的长，得到△OAC三边相等，可得此三角形为等边三角形，根据等边三角形的性质得到∠AOC=60°，再根据同弧所对的圆心角等于所对圆周角的2倍，即可得出∠AEC的度数；（2）由直线l与圆O相切，根据切线的性质得到OC与直线l垂直，又BD与直线l垂直，根据在同一平面内，垂直于同一条直线的两直线平行得到BE∥OC，根据两直线平行同位角相等，可得出∠B=∠AOC=60°，再由AB为圆O的直径，根据直径所对的圆周角为直角，可得出∠AED=90°，再求出∠DEC=60°，可得出∠B=∠DEC，根据同位角相等两直线平行，可得出EC∥OB平行，根据两组对边平行的四边形为平行四边形可得出四边形OBEC为平行四边形，再由半径OC=OB，根据邻边相等的平行四边形为菱形可得出OBEC为菱形．【解答】解：（1）∵OA=OC=AB=3，AC=3，∴OA=OC=AC，∴△OAC为等边三角形，∴∠AOC=60°，∵圆周角∠AEC与圆心角∠AOC都是，∴∠AEC=∠AOC=30°；（2）∵直线l切⊙O于C，∴OC⊥CD，又∵BD⊥CD，∴OC∥BD，∴∠B=∠AOC=60°，∵AB为⊙O直径，∴∠AEB=90°，又∵∠AEC=30°，∴∠DEC=90°﹣∠AEC=60°，∴∠B=∠DEC，∴CE∥OB，∴四边形OBCE为平行四边形，又∵OB=OC，∴四边形OBCE为菱形．22．如图，小东在教学楼距地面9米高的窗口C处，测得正前方旗杆顶部A点的仰角为37°，旗杆底部B点的俯角为45°，升旗时，国旗上端悬挂在距地面2.25米处，若国旗随国歌声冉冉升起，并在国歌播放45秒结束时到达旗杆顶端，则国旗应以多少米/秒的速度匀速上升？（参考数据：sin37°≈0.60，cos37°≈0.80，tan37°≈0.75）【考点】TA：解直角三角形的应用﹣仰角俯角问题．【分析】通过解直角△BCD和直角△ACD分别求得BD、CD以及AD的长度，则易得AB的长度，则根据题意得到整个过程中旗子上升高度，由“速度=”进行解答即可．【解答】解：在Rt△BCD中，BD=9米，∠BCD=45°，则BD=CD=9米．在Rt△ACD中，CD=9米，∠ACD=37°，则AD=CD•tan37°≈9×0.75=6.75（米）．所以，AB=AD+BD=15.75米，整个过程中旗子上升高度是：15.75﹣2.25=13.5（米），因为耗时45s，所以上升速度v==0.3（米/秒）．答：国旗应以0.3米/秒的速度匀速上升．23．为了提高身体素质，有些人选择到专业的健身中心锻炼身体，某健身中心的消费方式如下：以上消费卡使用年限均为一年，每位顾客只能购买一张卡，且只限本人使用（Ⅰ）若每年去该健身中心6次，应选择哪种消费方式更合算？（Ⅱ）设一年内去该健身中心健身x次（x为正整数），所需总费用为y元，请分别写出选择普通消费和白金卡消费的y与x的函数关系式；（Ⅲ）若某位顾客每年去该健身中心健身至少18次，请通过计算帮助这位顾客选择最合算的消费方式．【考点】FH：一次函数的应用．【分析】（Ⅰ）根据普通消费方式，算出健身6次的费用，再与280、560进行比较，即可得出结论；（Ⅱ）根据“普通消费费用=35×次数”即可得出y普通关于x的函数关系式；再根据“白金卡消费费用=卡费+超出部分的费用”即可得出y白金卡关于x的函数关系式；（Ⅲ）先算出健身18次普通消费和白金卡消费两种形式下的费用，再令白金卡消费费用=钻石卡消费的卡费，算出二者相等时的健身次数，由此即可得出结论．【解答】解：（Ⅰ）35×6=210（元），∵210＜280＜560，∴选择普通消费方式更合算．（Ⅱ）根据题意得：y普通=35x．当x≤12时，y白金卡=280；当x＞12时，y白金卡=280+35（x﹣12）=35x﹣140．∴y白金卡=．（Ⅲ）当x=18时，y普通=35×18=630；y白金卡=35×18﹣140=490；令y白金卡=560，即35x﹣140=560，解得：x=20．当18≤x≤19时，选择白金卡消费最合算；当x=20时，选择白金卡消费和钻石卡消费费用相同；当x≥21时，选择钻石卡消费最合算．24．在我们学习过的数学教科书中，有一个数学活动，其具体操作过程是：第一步：对折矩形纸片ABCD，使AD与BC重合，得到折痕EF，把纸片展开（如图①）；第二步：再一次折叠纸片，使点A落在EF上，并使折痕经过点B，得到折痕BM，同时得到线段BN（如图②）．如图②所示建立平面直角坐标系，请解答以下问题：（Ⅰ）设直线BM的解析式为y=kx，求k的值；（Ⅱ）若MN的延长线与矩形ABCD的边BC交于点P，设矩形的边AB=a，BC=b；（i）若a=2，b=4，求P点的坐标；（ii）请直接写出a、b应该满足的条件．【考点】FI：一次函数综合题．【分析】（Ⅰ）连接AN，延长MN交BC于点P，由折叠的性质可证△BMP为等边三角形，由M点的坐标可求得k的值；（Ⅱ）（i）在Rt△ABM中，由三角形的性质可求得BM的长，则可求得BP的长，可求得P点坐标；（ii）由题意可知BC≥BP，在Rt△BNP中，由三角函数的定义可用a表示出BP，则可得到a、b所满足的条件．【解答】解：（Ⅰ）连接AN，延长MN交BC于点P，如图，∴EF垂直平分AB，∴AN=BN，由折叠知AB=BN，∴AN=AB=BN，∴△ABN为等边三角形，∴∠ABN=60°，∴∠PBN=30°，∵∠ABM=∠NBM=30°，∴∠BNM=∠A=90°，∴∠BPN=60°，∠MBP=∠MBN+∠PBN=60°，∴∠BMP=60°，∴∠MBP=∠BMP=∠BPM=60°，∴△BMP是等边三角形，∵点M在直线y=kx上，∴k==tan60°=；（Ⅱ）（i）由题意可知AB=a=2，在Rt△ABM中，cos∠ABM=，∴=，解得BM=，∴BP=BM=，∴P（，0）；（ii）由题意可知BC≥BP，在Rt△BNP中，BN=BA=a，∠PBN=30°，∴BP=，∴b≥，∴a≤b．25．如图，平面直角坐标系中，抛物线y=x2﹣2x与x轴交于O、B两点，顶点为P，连接OP、BP，直线y=x﹣4与y轴交于点C，与x轴交于点D．（Ⅰ）直接写出点B坐标（2，0）；判断△OBP的形状等腰直角三角形；（Ⅱ）将抛物线沿对称轴平移m个单位长度，平移的过程中交y轴于点A，分别连接CP、DP；（i）若抛物线向下平移m个单位长度，当S△PCD=S△POC时，求平移后的抛物线的顶点坐标；（ii）在平移过程中，试探究S△PCD 和S△POD之间的数量关系，直接写出它们之间的数量关系及对应的m的取值范围．【考点】HF：二次函数综合题．【分析】（Ⅰ）根据自变量与函数值得对应关系，可得B点坐标，根据配方法，可得顶点坐标，根据勾股定理及勾股定理的逆定理，可得答案；（Ⅱ）根据自变量与函数值得对应关系，可得C，D，M点坐标，根据平移规律，可得P点坐标，根据平行于y轴的直线上两点间的距离较大的纵坐标减较小的纵坐标，可得PM的长，（i）根据面积的关系，可得关于m的方程，根据解方程，可得到顶点坐标；（ii）根据三角形的面积，可得答案．【解答】解：（Ⅰ）当y=0时，x2﹣2x=0，解得x=0（舍）或x=2，即B点坐标为（2，0），∵抛物线y=x2﹣2x=（x﹣1）2﹣1，∴P点坐标为（1，﹣1），由勾股定理，得OP2=（2﹣1）2+12=2，∴OP2+BP2=OB2，OP=BP，∴△OBP是等腰直角三角形，故答案为：（2，0），等腰直角三角形；（Ⅱ）∵直线y=x﹣4与y轴交于点C，与x轴交于点D，∴C（0，﹣4），D（4，0），当x=1时，y=﹣3，即M（1，﹣3），抛物线向下平移m个单位长度，解析式为y=（x﹣1）2﹣（1+m），P（1，﹣1﹣m），∴PM=|﹣（1+m ）+3|=|m ﹣2|，S △PCD =S △PMC +S △PMD =•PM•|x P ﹣x C |=•|m ﹣2|×4=2|m ﹣2|，（i ）S △POC =•AC•|x P |=×4×1=2，∵S △PCD =S △POC ，∴S △PCD =2|m ﹣2|=2，解得m=2+或m=2﹣，∴P （1，﹣3﹣）或（1，﹣3+）；（ii ）S △POD =OD•|y P |=×4×|1﹣（1+m ）|=2|m +1|，①当m ≥2时，S △PCD =2|m ﹣2|=2m ﹣4，S △POD =2|m +1|=2m +2，∴S △POD ﹣S △PCD =6 ②当﹣1≤m ＜2时，S △PCD =2|m ﹣2=4﹣2m ，S △POD =2|m +1|=2m +2，∴S △POD +S △PCD =6 ③当m ＜﹣1时，S △PCD =2|m ﹣2|=4﹣2m ，S △POD =2|m +1|=2﹣2m ，∴S △POD ﹣S △PCD =6，综上所述：当m ≥2时，S △POD ﹣S △PCD =6；当﹣1≤m ＜2时，S △POD +S △PCD =6；当m ＜﹣1时，S △POD ﹣S △PCD =6．2017年6月1日。
2016-2017学年天津市河东区九年级(上)期末数学试卷
2016-2017学年天津市河东区九年级（上）期末数学试卷一、选择题（每小题3分，共36分）1. 下列交通标志中，既是轴对称图形又是中心对称图形的是()A. B. C. D.2. 在下列方程中，一元二次方程是()A.x2−2xy+y2=0B.x(x+3)=x2−1C.x2−2x=3D.x+1x=03. 抛物线y=(x−2)2+1的顶点坐标是()A.(2, 1)B.(−2, −1)C.(−2, 1)D.(2, −1)4. 从数字2，3，4中任选两个数组成一个两位数，组成的数是偶数的概率是()A.2 3B.12C.13D.565. 如图，在半径为5cm的⊙O中，弦AB=6cm，OC⊥AB于点C，则OC=()A.3cmB.4cmC.5cmD.6cm6. 已知正六边形的边长为2，则它的内切圆的半径为()A.1B.√3C.2D.2√37. 在反比例函数y=1−kx的每一条曲线上，y都随着x的增大而减小，则k的值可以是() A.−1 B.1 C.2 D.38. 用配方法解下列方程时，配方正确的是()A.方程x2−6x−5=0，可化为(x−3)2=4B.方程y2−2y−2015=0，可化为(y−1)2=2015C.方程a2+8a+9=0，可化为(a+4)2=25D.方程2x2−6x−7=0，可化为(x−32)2=2349. 如图所示，在△ABC中，∠CAB=70∘，现将△ABC绕点A顺时针旋转一定角度后得到△AB′C′，连接BB′，若BB′ // AC′，则∠CAB′ 的度数为( )A.20∘B.25∘C.30∘D.40∘10. 若二次函数y=(x−m)2−1，当x≤3时，y随x的增大而减小，则m的取值范围是()A.m=3B.m>3C.m≥3D.m≤311. 如图，⊙O的半径为4，点P是⊙O外的一点，PO=10，点A是⊙O上的一个动点，连接PA，直线l垂直平分PA，当直线l与⊙O相切时，PA的长度为()A.10B.212C.11D.43412. 如图是抛物线y=ax2+bx+c(a≠0)的部分图象，其顶点坐标为(1, n)，且与x轴的一个交点在点(3, 0)和(4, 0)之间．则下列结论：①a−b+c>0；②3a+b=0；③b2=4a(c−n)；④一元二次方程ax2+bx+c=n−1有两个不相等的实数根．其中正确结论的个数是（）A.1B.2C.3D.4二、填空题：（本大题共6小题，每小题3分，共18分）方程x2−3=0的根是________．如图，M为反比例函数y=kx 图象上一点，MA⊥y轴于点A，S△MAO=2时，k=________．如图，BD是⊙O的直径，∠CBD=30∘，则∠A的度数为________．若关于x的一元二次方程x2−4x+m=0有两个不相等的实数根，则m的取值范围为________．如图，量角器边缘上有P，Q两点，它们表示的读数分别为60∘，30∘，已知直径AB=4√3，连接PB交OQ于M，则QM的长为________．如图，在△BDE中，∠BDE=90∘，BD=6√2，点D的坐标是(7, 0)，∠BDO=15∘，将△BDE旋转到△ABC 的位置，点C在BD上，则旋转中心的坐标为________．三、解答题（共7小题，共66分）解方程：(1)3x(x−1)=2x−2；(2)x2−6x+5=0（配方法）.如图，转盘A的三个扇形面积相等，分别标有数字1，2，3，转盘B的四个扇形面积相等，分别有数字1，2，3，4．转动A，B转盘各一次，当转盘停止转动时，将指针所落扇形中的两个数字相乘（当指针落在四个扇形的交线上时，重新转动转盘）．(1)用树状图或列表法列出所有可能出现的结果；(2)求两个数字的积为奇数的概率．已知直线l与⊙O，AB是⊙O的直径，AD⊥l于点D．(1)如图①，当直线l与⊙O相切于点C时，求证：AC平分∠DAB；(2)如图②，当直线l与⊙O相交于点E，F时，求证：∠DAE=∠BAF．已知二次函数y=−x2+bx+c的图象如图所示，它与x轴的一个交点坐标为(−1, 0)，与y轴的交点坐标为(0, 3).(1)求出b，c的值，并写出此二次函数的解析式；(2)根据图象，直接写出函数值y为正数时，自变量x的取值范围；(3)当2≤x≤4时，求y的最大值．如图，某建筑工程队利用一面墙（墙的长度不限），用40米长的篱笆围成一个长方形的仓库．(1)求长方形的面积是150平方米，求出长方形两邻边的长；(2)能否围成面积220平方米的长方形？请说明理由．图1和图2中的正方形ABCD和四边形AEFG都是正方形．(1)如图1，连接DE，BG，M为线段BG的中点，连接AM，探究AM与DE的数量关系和位置关系，并证明你的结论；(2)在图1的基础上，将正方形AEFG绕点A逆时针方向旋转到图2的位置，连结DE，BG，M为线段BG的中点，连结AM，探究AM与DE的数量关系和位置关系，并证明你的结论．如图，直线y=−12x+1与x轴交于点A，与y轴交于点B，抛物线y=−x2+bx+c经过A，B两点．(1)求抛物线的解析式；(2)点P是第一象限抛物线上的一点，连接PA，PB，PO，若△POA的面积是△POB面积的43倍．①求点P的坐标；②点Q为抛物线对称轴上一点，请直接写出QP+QA的最小值；(3)点M为直线AB上的动点，点N为抛物线上的动点，当以点O，B，M，N为顶点的四边形是平行四边形时，请直接写出点M的坐标．参考答案与试题解析2016-2017学年天津市河东区九年级（上）期末数学试卷一、选择题（每小题3分，共36分）1.【答案】D【考点】中心对称图形轴对称图形【解析】根据中心对称图形和轴对称图形的概念对各选项分析判断即可得解．【解答】解：A，是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项错误；B，不是轴对称图形，也不是中心对称图形，故本选项错误；C，不是轴对称图形，也不是中心对称图形，故本选项错误；D，既是轴对称图形又是中心对称图形，故本选项正确．故选D.2.【答案】C【考点】一元二次方程的定义【解析】本题根据一元二次方程的定义解答．一元二次方程必须满足四个条件：(1)未知数的最高次数是2；(2)二次项系数不为0；(3)是整式方程；(4)含有一个未知数．由这四个条件对四个选项进行验证，满足这四个条件者为正确答案．【解答】解：A，方程含有两个未知数，故不是一元二次方程；B，方程的二次项系数为0，故不是一元二次方程；C，符合一元二次方程的定义，故是一元二次方程；D，不是整式方程，故不是一元二次方程．故选C．3.【答案】A【考点】二次函数的性质【解析】已知抛物线的顶点式，可知顶点坐标和对称轴．【解答】解：∵y=(x−2)2+1是抛物线的顶点式，根据顶点式的坐标特点可知，顶点坐标为(2, 1).故选A．4.【答案】A【考点】列表法与树状图法【解析】先画树状图展示所有9种等可能的结果数，再找出组成的数是偶数的结果数，然后根据概率公式求解．【解答】解：画树状图为：共有6种等可能的结果数，其中组成的数是偶数的结果数为4，所以组成的数是偶数的概率=46=23．故选A.5.【答案】B【考点】垂径定理勾股定理垂径定理的应用【解析】连接OA，先利用垂径定理得出AC的长，再由勾股定理得出OC的长即可解答．【解答】解：如图，连接OA，∵AB=6cm，OC⊥AB于点C，∴AC=12AB=12×6=3cm，∵⊙O的半径为5cm，∴OC=√OA2−AC2=√52−32=4(cm).故选B．6.【答案】 B【考点】 正多边形和圆 切线的性质【解析】根据题意画出图形，利用正六边形中的等边三角形的性质求解即可． 【解答】解：如图，连接OA ，OB ，OG .∵ 六边形ABCDEF 是边长为2的正六边形， ∴ △OAB 是等边三角形， ∴ OA =AB =2，∴ OG =√OA 2−AG 2=√3，∴ 边长为2的正六边形的内切圆的半径为√3． 故选B ． 7.【答案】 A【考点】反比例函数的性质 【解析】利用反比例函数的增减性，y 随x 的增大而减小，则求解不等式1−k >0即可． 【解答】解：∵ 反比例函数y =1−k x图象的每一条曲线上，y 随x 的增大而减小，∴ 1−k >0， 解得k <1． 故选A ． 8.【答案】 D【考点】解一元二次方程-配方法 【解析】配方法解方程：把左边配成完全平方式，右边化为常数． 【解答】解：A ，由原方程得到：方程x 2−6x +32=5+32，可化为(x −3)2=14，故本选项错误；B ，由原方程得到：方程y 2−2y +12=2015+12，可化为(y −1)2=2016，故本选项错误；C ，由原方程得到：方程a 2+8a +42=−9+42，可化为(a +4)2=7，故本选项错误；D ，由原方程得到：方程x 2−3x +(32)2=72+(32)2，可化为(x −32)2=234，故本选项正确；故选D ． 9. 【答案】 C【考点】 旋转的性质 【解析】由旋转的性质得出∠C′AB′=∠CAB =70∘，AB′=AB ，得出∠AB′B =∠ABB′，由平行线得出∠AB′B =∠C′AB′=70∘，由三角形内角和求出∠BAB′，即可得出∠CAB′的度数. 【解答】解：由旋转的性质得：∠C′AB′=∠CAB =70∘，AB′=AB ， ∴ ∠AB′B =∠ABB′.∵ BB′ // AC′，∴ ∠AB′B =∠C′AB′=70∘， ∴ ∠ABB′=70∘，∴ ∠BAB′=180∘−70∘−70∘=40∘，∴ ∠CAB′=∠CAB −∠BAB′=70∘−40∘=30∘. 故选C . 10.【答案】 C【考点】二次函数的性质 【解析】根据二次函数的解析式的二次项系数判定该函数图象的开口方向、根据顶点式方程确定其图象的顶点坐标，从而知该二次函数的单调区间． 【解答】解：∵ 二次函数的解析式y =(x −m)2−1的二次项系数是1， ∴ 该二次函数的开口方向是向上；又∵ 该二次函数的图象的顶点坐标是(m, −1)，∴ 该二次函数的图象在x ≤m 时，y 随x 的增大而减小； 而已知中当x ≤3时，y 随x 的增大而减小， ∴ m ≥3． 故选C ． 11.【答案】 B【考点】直线与圆的位置关系勾股定理线段垂直平分线的性质【解析】连接OA 、OC （C 为切点），过点O 作OB ⊥AP ．根据题意可知四边形BOCD 为矩形，从而可知：BP =8+x ，设AB 的长为x ，在Rt △AOB 和Rt △OBP 中，由勾股定理列出关于x 的方程解得x 的长，从而可计算出PA 的长度． 【解答】解：如图所示．连接OA ，OC （C 为切点），过点O 作OB ⊥AP ．设AB 的长为x ，在Rt △AOB 中， OB 2=OA 2−AB 2=16−x 2. ∵ l 与圆相切， ∴ OC ⊥l ．∵ ∠OBD =∠OCD =∠CDB =90∘， ∴ 四边形BOCD 为矩形． ∴ BD =OC =4． ∵ 直线l 垂直平分PA ，∴ PD =BD +AB =4+x ． ∴ PB =8+x ． 在Rt △OBP 中， OP 2=OB 2+PB 2，即16−x 2+(8+x)2=102， 解得x =54．PA =2AD =2×(54+4)=212．故选B ． 12. 【答案】 C【考点】二次函数图象与系数的关系 【解析】利用抛物线的对称性得到抛物线与x 轴的另一个交点在点(−2, 0)和(−1, 0)之间，则当x =−1时，y >0，于是可对①进行判断；利用抛物线的对称轴为直线x =−b2a =1，即b =−2a ，则可对②进行判断；利用抛物线的顶点的纵坐标为n 得到4ac−b 24a=n ，则可对③进行判断；由于抛物线与直线y =n 有一个公共点，则抛物线与直线y =n −1有2个公共点，于是可对④进行判断． 【解答】解：∵ 抛物线与x 轴的一个交点在点(3, 0)和(4, 0)之间，而抛物线的对称轴为直线x =1，∴ 抛物线与x 轴的另一个交点在点(−2, 0)和(−1, 0)之间． ∴ 当x =−1时，y >0，即a −b +c >0，所以①正确； ∵ 抛物线的对称轴为直线x =−b 2a=1，即b =−2a ，∴ 3a +b =3a −2a =a ，所以②错误； ∵ 抛物线的顶点坐标为(1, n)， ∴4ac−b 24a=n ，∴ b 2=4ac −4an =4a(c −n)，所以③正确； ∵ 抛物线与直线y =n 有一个公共点， ∴ 抛物线与直线y =n −1有2个公共点，∴ 一元二次方程ax 2+bx +c =n −1有两个不相等的实数根，所以④正确． ∴ 共有3个是正确的. 故选C .二、填空题：（本大题共6小题，每小题3分，共18分） 【答案】x =±√3 【考点】解一元二次方程-直接开平方法 【解析】方程变形后，利用平方根定义开方即可求出x 的值． 【解答】解：方程整理得：x 2=3，开方得：x =±√3， 故答案为：x =±√3. 【答案】 4【考点】反比例函数系数k 的几何意义 【解析】根据直角三角形的面积公式可得AM ⋅AO =4，再根据反比例函数图象上点的坐标特点可得k 的值． 【解答】解：由图易知∵ MA ⊥y 轴于点A ，S △MAO =2， ∴ AM ⋅AO =4， ∴ k =4． 故答案为：4． 【答案】 60∘【考点】 圆周角定理 【解析】根据直径所对的圆周角是直角，得∠BCD ＝90∘，然后由直角三角形的两个锐角互余、同弧所对的圆周角相等求得∠A ＝∠D ＝60∘．【解答】解：∵BD是⊙O的直径，∴∠BCD＝90∘（直径所对的圆周角是直角）.∵∠CBD＝30∘，∴∠D＝60∘（直角三角形的两个锐角互余），∴∠A＝∠D＝60∘（同弧所对的圆周角相等）.故答案为：60∘.【答案】m<4【考点】根的判别式【解析】根据判别式的意义得到△＝(−4)2−4m>0，然后解不等式即可．【解答】解：∵关于x的一元二次方程x2−4x+m＝0有两个不相等的实数根，∴Δ=(−4)2−4m>0，解得：m<4．故答案为：m<4．【答案】2√3−3【考点】圆心角、弧、弦的关系等边三角形的判定方法【解析】先由条件可得到△OPB为等边三角形，并且OM为等边三角形OPB的高，再根据等边三角形的高为边长的√32倍计算出OM，即可得到QM．【解答】解：∵∠BOP=60∘，OP=OB，∴△OPB为等边三角形，而∠BOQ=30∘，∴OM为等边三角形OPB的高，∴OM=√32OB，而AB=4√3，∴OM=√32×2√3=3，∴QM=2√3−3．故答案为：2√3−3．【答案】(4, 3√3)【考点】坐标与图形变化-旋转【解析】根据旋转的性质，AB与BD的垂直平分线的交点即为旋转中心P，连接PD，过P作PF⊥x轴于F，再根据点C 在BD上确定出∠PDB=45∘并求出PD的长，然后求出∠PDO=60∘，根据直角三角形两锐角互余求出∠DPF= 30∘，根据直角三角形30∘角所对的直角边等于斜边的一半可得DF=12PD，利用勾股定理列式求出PF，再求出OF，即可得到点P，即旋转中心的坐标．【解答】解：如图，AB与BD的垂直平分线的交点即为旋转中心P，连接PD，过P作PF⊥x轴于F.∵点C在BD上，∴点P到AB，BD的距离相等，都是12BD，即12×6√2=3√2，∴∠PDB=45∘，PD=3√2×√2=6.∵∠BDO=15∘，∴∠PDO=45∘+15∘=60∘，∴∠DPF=30∘，∴DF=12PD=12×6=3.∵点D的坐标是(7, 0)，∴OF=OD−DF=7−3=4，由勾股定理得，PF=√PD2−DF2=√62−32=3√3，即P点的坐标为(4, 3√3).故答案为：(4, 3√3)．三、解答题（共7小题，共66分）【答案】解：(1)∵3x(x−1)=2(x−1)，∴3x(x−1)−2(x−1)=0，即(x−1)(3x−2)=0，∴x−1=0或3x−2=0，解得：x=1或x=23.(2)∵x2−6x=−5，∴x2−6x+9=−5+9，即(x−3)2=4，∴x−3=2或x−3=−2，解得：x=5或x=1．【考点】解一元二次方程-因式分解法解一元二次方程-配方法【解析】（1）因式分解法求解可得；（2）配方法求解可得．【解答】解：(1)∵3x(x−1)=2(x−1)，∴3x(x−1)−2(x−1)=0，即(x−1)(3x−2)=0，∴x−1=0或3x−2=0，解得：x=1或x=23.(2)∵x2−6x=−5，∴x2−6x+9=−5+9，即(x−3)2=4，∴x−3=2或x−3=−2，解得：x=5或x=1．【答案】解：(1)画树状图得：则共有12种等可能的结果；(2)∵两个数字的积为奇数的4种情况，∴两个数字的积为奇数的概率为：412=13．【考点】列表法与树状图法【解析】(1)首先根据题意画出树状图，然后由树状图求得所有等可能的结果；(2)由两个数字的积为奇数的情况，再利用概率公式即可求得答案．【解答】解：(1)画树状图得：则共有12种等可能的结果；(2)∵两个数字的积为奇数的4种情况，∴两个数字的积为奇数的概率为：412=13．【答案】证明：(1)如图①，连接OC，∵直线l与⊙O相切于点C，∴OC⊥CD；又∵AD⊥CD，∴AD // OC，∴∠DAC=∠ACO；又∵OA=OC，∴∠ACO=∠CAO，∴∠DAC=∠CAO，即AC平分∠DAB；(2)如图②，连接BF，∵AB是⊙O的直径，∴∠AFB=90∘，∴∠BAF=90∘−∠ABF，∴∠AEF=∠ADE+∠DAE，在⊙O中，四边形ABFE是圆的内接四边形，∴∠AEF+∠B=180∘，∴∠DAE=90∘−∠B,∴∠BAF=∠DAE．【考点】直线与圆的位置关系多边形内角与外角角平分线的定义【解析】（1）连接OC，易得OC // AD，根据平行线的性质就可以得到∠DAC=∠ACO，再根据OA=OC得到∠ACO=∠CAO，就可以证出结论；（2）如图②，连接BF ，由AB 是⊙O 的直径，根据直径所对的圆周角是直角，可得∠AFB =90∘，由三角形外角的性质，可求得∠AEF 的度数，又由圆的内接四边形的性质，继而证得结论． 【解答】证明：(1)如图①，连接OC ，∵ 直线l 与⊙O 相切于点C ， ∴ OC ⊥CD ； 又∵ AD ⊥CD ， ∴ AD // OC ，∴ ∠DAC =∠ACO ； 又∵ OA =OC ， ∴ ∠ACO =∠CAO ， ∴ ∠DAC =∠CAO ， 即AC 平分∠DAB ；(2)如图②，连接BF ，∵ AB 是⊙O 的直径， ∴ ∠AFB =90∘，∴ ∠BAF =90∘−∠ABF ， ∴ ∠AEF =∠ADE +∠DAE ，在⊙O 中，四边形ABFE 是圆的内接四边形， ∴ ∠AEF +∠B =180∘， ∴ ∠DAE =90∘−∠B , ∴ ∠BAF =∠DAE ．【答案】解：(1)把(−1, 0)，(0, 3)代入y =−x 2+bx +c ， 得{−1−b +c =0，c =3，解得{b =2，c =3.所以二次函数的解析式为：y =−x 2+2x +3. (2)把y =0代入y =−x 2+2x +3中，得−x 2+2x +3=0， 解得x 1=−1，x 2=3，所以当−1<x <3时，y >0.(3)由y =−x 2+2x +3 =−(x −1)2+4，抛物线的对称轴为直线x =1，则当2≤x ≤4时，y 随着x 的增大而减小， ∴ 当x =2时，y 的最大值是3． 【考点】抛物线与x 轴的交点待定系数法求二次函数解析式 二次函数的最值【解析】（1）因为点(−1, 0)，(0, 3)在抛物线y =−x 2+bx +c 上，可代入确定b 、c 的值； （2）求出抛物线与x 轴的交点坐标，根据图象确定y >0时，x 的取值范围； （3）根据二次函数的增减性，确定2≤x ≤4时，y 的最大值． 【解答】解：(1)把(−1, 0)，(0, 3)代入y =−x 2+bx +c ， 得{−1−b +c =0，c =3，解得{b =2，c =3.所以二次函数的解析式为：y =−x 2+2x +3. (2)把y =0代入y =−x 2+2x +3中， 得−x 2+2x +3=0， 解得x 1=−1，x 2=3，所以当−1<x <3时，y >0.(3)由y =−x 2+2x +3 =−(x −1)2+4，抛物线的对称轴为直线x =1，则当2≤x ≤4时，y 随着x 的增大而减小， ∴ 当x =2时，y 的最大值是3．【答案】解：(1)设垂直于墙的一边长为xm ， 得：x(40−2x)=150， 即x 2−20x +75=0， 解得：x 1=5，x 2=15， 当x =5时，40−2x =30， 当x =15时，40−2x =10，∴ 长方形两邻边的长为5m ，30m 或15m ，10m . (2)设垂直于墙的一边长为ym ，得：y(40−2y)=220，即y2−20y+110=0，∵Δ<0，∴ 该方程无解，∴不能围成面积是220平方米的长方形．【考点】一元二次方程的应用根的判别式【解析】（1）首先设垂直于墙的一边长为xm，得：长方形面积=150，进而求出即可；（2）利用一元二次方程的根的判别式判断得出即可．【解答】解：(1)设垂直于墙的一边长为xm，得：x(40−2x)=150，即x2−20x+75=0，解得：x1=5，x2=15，当x=5时，40−2x=30，当x=15时，40−2x=10，∴长方形两邻边的长为5m，30m或15m，10m.(2)设垂直于墙的一边长为ym，得：y(40−2y)=220，即y2−20y+110=0，∵Δ<0，∴ 该方程无解，∴不能围成面积是220平方米的长方形．【答案】解：(1)AM=12DE，AM⊥DE，理由是：如图1，设AM交DE于点O，∵四边形ABCD和四边形AEFG都是正方形，∴AG=AE，AD=AB.∵∠DAE=∠BAG，∴△DAE≅△BAG，∴DE=BG，∠AED=∠AGB.在Rt△ABG中，∵M为线段BG的中点，∴AM=12BG，AM=BM，∴AM=12DE.∵AM=BM，∴∠MBA=∠MAB.∵∠AGB+∠MBA=90∘，∴∠MAB+∠AED=90∘，∴∠AOE=90∘，即AM⊥DE.(2)AM=12DE，AM⊥DE，理由是：如图2，延长AM到N，使MN=AM，连接NG，∵MN=AM，MG=BM，∠NMG=∠BMA，∴△MNG≅△MAB，∴NG=AB，∠N=∠BAN.由(1)得：AB=AD，∴NG=AD.∵∠BAN+∠DAN=90∘，∴∠N+∠DAN=90∘，∴NG⊥AD，∴∠AGN+∠DAG=90∘.∵∠DAG+∠DAE=∠EAG=90∘，∴∠AGN=∠DAE.∵NG=AD，AG=AE，∴△AGN≅△EAD，∴AN=DE，∠N=∠ADE.∴ AM=12AN=12DE.∵∠N+∠DAN=90∘，∴∠ADE+∠DAN=90∘，∴AM⊥DE．【考点】全等三角形的性质与判定旋转的性质正方形的性质直角三角形斜边上的中线【解析】（1）AM=12DE，AM⊥DE，理由是：先证明△DAE≅△BAG，得DE=BG，∠AED=∠AGB，再根据直角三角形斜边的中线的性质得AM=12BG，AM=BM，则AM=12DE，由角的关系得∠MAB+∠AED=90∘，所以∠AOE=90∘，即AM⊥DE；（2）AM=12DE，AM⊥DE，理由是：作辅助线构建全等三角形，证明△MNG≅△MAB和△AGN≅△EAD 可以得出结论．【解答】解：(1)AM=12DE，AM⊥DE，理由是：如图1，设AM交DE于点O，∵四边形ABCD和四边形AEFG都是正方形，∴AG=AE，AD=AB.∵∠DAE=∠BAG，∴△DAE≅△BAG，∴DE=BG，∠AED=∠AGB.在Rt△ABG中，∵M为线段BG的中点，∴AM=12BG，AM=BM，∴AM=12DE.∵AM=BM，∴∠MBA=∠MAB.∵∠AGB+∠MBA=90∘，∴∠MAB+∠AED=90∘，∴∠AOE=90∘，即AM⊥DE.(2)AM=12DE，AM⊥DE，理由是：如图2，延长AM到N，使MN=AM，连接NG，∵MN=AM，MG=BM，∠NMG=∠BMA，∴△MNG≅△MAB，∴NG=AB，∠N=∠BAN.由(1)得：AB=AD，∴NG=AD.∵∠BAN+∠DAN=90∘，∴∠N+∠DAN=90∘，∴NG⊥AD，∴∠AGN+∠DAG=90∘.∵∠DAG+∠DAE=∠EAG=90∘，∴∠AGN=∠DAE.∵NG=AD，AG=AE，∴△AGN≅△EAD，∴AN=DE，∠N=∠ADE.∴ AM=12AN=12DE.∵∠N+∠DAN=90∘，∴∠ADE+∠DAN=90∘，∴AM⊥DE．【答案】解：(1)∵直线y=−12x+1与x轴交于点A，与y轴交于点B，∴A(2, 0)，B(0, 1).∵抛物线y=−x2+bx+c经过A，B两点，∴{−4+2b+c=0，c=1，∴{b=32，c=1.∴抛物线解析式为y=−x2+32x+1.(2)①由(1)知，A(2, 0)，B(0, 1)，∴OA=2，OB=1，由(1)知，抛物线解析式为y=−x2+32x+1.∵点P是第一象限抛物线上的一点，∴ 设P(a, −a 2+32a +1)，(a >0, −a 2+32a +1>0)，∴ S △POA=12OA ×P y =12×2×(−a 2+32a +1) =−a 2+32a +1，S △POB =12OB ×P x =12×1×a =12a . ∵ △POA 的面积是△POB 面积的43倍， ∴ −a 2+32a +1=43×12a ，∴ a =32或a =−23（舍），∴ P(32, 1).②如图1，由(1)知，抛物线解析式为y =−x 2+32x +1，∴ 抛物线的对称轴为x =34，抛物线与x 轴的另一交点为C(−12, 0).∵ 点A 与点C 关于对称轴对称，∴ QP +QA 的最小值就是PC =√12+(32+12)2=√5.(3)①当OB 为平行四边形的边时，MN =OB =1，MN // OB ，∵ 点M 在直线AB 上，点N 为抛物线上， ∴ 设M(m, −12m +1)， ∴ N(m, −m 2+32m +1)，∴ MN =|−m 2+32m +1−(−12m +1)|=|m 2−2m|=1，当m 2−2m =1时 ， 解得，m =1±√2，∴ M(1+√2, 12(1−√2))或M(1−√2, 12(1+√2)) 当m 2−2m =−1时， 解得，m =1，∴ M(1, 12)； ②当OB 为对角线时，OB 与MN 互相平分，交点为H ，∴ OH =BH ，MH =NH ， ∵ B(0, 1)，O(0, 0)， ∴ H(0, 12)，设M(n, −12n +1)，N(d, −d 2+32d +1)∴{n+d2=0，−12n+1−d 2+32d+12=12，∴ {d =1+√2，n =−(1+√2)，或{d =1−√2，n =−(1−√2).∴ M(−(1+√2), 12(3+√2))或M(−(1−√2), 12(3−√2))；即：满足条件的点M 的坐标(1+√2, 12(1−√2))或(1−√2, −12(1+√2))或(1, 12)或(−(1+√2), 12(3+√2))或(−(1−√2), 12(3−√2)).【考点】 三角形的面积 二次函数综合题待定系数法求二次函数解析式 轴对称——最短路线问题【解析】（1）先确定出点A ，B 坐标，再用待定系数法求出抛物线解析式；（2）设出点P 的坐标，①用△POA 的面积是△POB 面积的43倍，建立方程求解即可；②利用对称性找到最小线段，用两点间距离公式求解即可；（3）分OB 为边和为对角线两种情况进行求解，①当OB 为平行四边形的边时，用MN // OB ，表示和用MN =OB ，建立方程求解；②当OB 为对角线时，OB 与MN 互相平分，交点为H ，设出M ，N 坐标用OH =BH ，MH =NH ，建立方程组求解即可． 【解答】解：(1)∵ 直线y =−12x +1与x 轴交于点A ，与y 轴交于点B ， ∴ A(2, 0)，B(0, 1).∵ 抛物线y =−x 2+bx +c 经过A ，B 两点， ∴ {−4+2b +c =0，c =1，∴ {b =32，c =1.∴ 抛物线解析式为y =−x 2+32x +1. (2)①由(1)知，A(2, 0)，B(0, 1)， ∴ OA =2，OB =1，由(1)知，抛物线解析式为y =−x 2+32x +1. ∵ 点P 是第一象限抛物线上的一点，∴ 设P(a, −a 2+32a +1)，(a >0, −a 2+32a +1>0)， ∴ S △POA =12OA ×P y =12×2×(−a 2+32a +1)=−a 2+32a +1，S △POB =12OB ×P x =12×1×a =12a . ∵ △POA 的面积是△POB 面积的43倍，∴ −a 2+32a +1=43×12a ， ∴ a =32或a =−23（舍），∴ P(32, 1). ②如图1，由(1)知，抛物线解析式为y =−x 2+32x +1，∴ 抛物线的对称轴为x =34，抛物线与x轴的另一交点为C(−12, 0). ∵ 点A 与点C 关于对称轴对称，∴ QP +QA 的最小值就是PC =√12+(32+12)2=√5. (3)①当OB 为平行四边形的边时，MN =OB =1，MN // OB ，∵ 点M 在直线AB 上，点N 为抛物线上， ∴ 设M(m, −12m +1)，∴ N(m, −m 2+32m +1)，∴ MN =|−m 2+32m +1−(−12m +1)|=|m 2−2m|=1，当m 2−2m =1时 ，解得，m =1±√2，∴ M(1+√2, 12(1−√2))或M(1−√2, 12(1+√2))当m 2−2m =−1时，解得，m =1， ∴ M(1, 12)； ②当OB 为对角线时，OB与MN互相平分，交点为H，∴OH=BH，MH=NH，∵B(0, 1)，O(0, 0)，∴H(0, 12)，设M(n, −12n+1)，N(d, −d2+32d+1)∴{n+d2=0，−1 2n+1−d2+32d+12=12，∴{d=1+√2，n=−(1+√2)，或{d=1−√2，n=−(1−√2).∴M(−(1+√2), 12(3+√2))或M(−(1−√2), 12(3−√2))；即：满足条件的点M的坐标(1+√2, 12(1−√2))或(1−√2, −12(1+√2))或(1, 12)或(−(1+√2), 12(3+√2))或(−(1−√2), 12(3−√2)).。
2017-2018学年天津市河东区九年级(上)期末数学试卷(含答案)
2017-2018学年天津市河东区九年级（上）期末数学试卷一.选择题（每小题3分，共36分）1．一元二次方程x2﹣2x=0的解是（）A．0 B．2 C．0，﹣2 D．0，22．抛物线y=2x2﹣3的顶点在（）A．第一象限B．第二象限C．x 轴上D．y 轴上3．下列图形中，既是中心对称图形，又是轴对称图形的个数是（）A．1 B．2 C．3 D．44．对于二次函数y=2（x﹣1）2﹣3，下列说法正确的是（）A．图象开口向下B．图象和y轴交点的纵坐标为﹣3C．x＜1时，y随x的增大而减小D．图象的对称轴是直线x=﹣15．一个不透明的布袋里装有5个红球，2个白球，3个黄球，它们除颜色外其余都相同，从袋中任意摸出1个球，是黄球的概率为（）A．B．C．D．6．若关于x的方程x2+2x﹣a=0有两个相等的实数根，则a的值为（）A．﹣1 B．1 C．﹣4 D．47．如图，在⊙O中，AB是直径，CD是弦，AB⊥CD，垂足为E，连接CO，AD，∠BAD=20°，则下列说法中正确的是（）A．AD=2OB B．CE=EO C．∠OCE=40°D．∠BOC=2∠BAD8．如图，反比例函数y=的图象可能是（）A． B．C．D．9．如图，正方形ABCD的对角线相交于点O，正方形EFGO绕点旋转，若两个正方形的边长相等，则两个正方形的重合部分的面积（）A．由小变大B．由大变小C．始终不变D．先由大变小，然后又由小变大10．如图，在⊙O中，∠AOB=120°，P为弧AB上的一点，则∠APB的度数是（）A．100°B．110°C．120° D．130°11．如图，已知Rt△ABC中，∠ACB=90°，AC=6，BC=4，将△ABC绕直角顶点C顺时针旋转90°得到△DEC，若点F是DE的中点，连接AF，则AF=（）A． B．5 C．+2 D．312．如图，在反比例函数y=（x＞0）的图象上，有点P1、P2、P3、P4，它们的横坐标依次为1，2，3，4．分别过这些点作x轴与y轴的垂线，图中所构成的阴影部分的面积从左到右依次为S1、S2、S3，则S1+S2+S3=（）A．1 B．1.5 C．2 D．无法确定二、填空题（每小题3分，共18分）13．如图所示的抛物线y=x2+bx+b2﹣4的图象，那么b的值是．14．反比例函数y=，若x＞0时，y随x的增大而增大，则m的取值范围是．15．如图，转盘中6个扇形的面积都相等，任意转动转盘一次，当转盘停止转动时，指针指向奇数的概率是．16．如图，PA、PB、DE分别切圆O于点A、B、C，如果PO=10cm，△PDE的周长为12cm，那么圆O的半径为．17．如图，在边长为2的正八边形中，把其不相邻的四条边均向两边延长相交成一个四边形ABCD，则四边形ABCD的周长是．18．二次函数y=ax2+bx+c（a，b，c为常数，a≠0）的图象如图所示，下列结论：①abc ＜0；②2a+b＜0；③b2﹣4ac=0；④8a+c＜0；⑤a：b：c=﹣1：2：3，其中正确的结论有．三.解答题（66分）19．（8分）解方程：（1）2x2﹣4x﹣1=0（配方法）（2）（x+1）2=6x+620．（8分）已知反比例函数y=（k常数，k≠1）．（1）若点A（2，1）在这个函数的图象上，求k的值；（2）若k=9，试判断点B（﹣，﹣16）是否在这个函数的图象上，并说明理由．21．（10分）甲、乙、丙、丁四位同学进行一次乒乓球单打比赛，要从中选出两位同学打第一场比赛．（1）若已确定甲打第一场，再从其余三位同学中随机选取一位，求恰好选中乙同学的概率．（2）请用树状图法或列表法，求恰好选中甲、乙两位同学的概率．22．（10分）如图，已知：AB是⊙O的直径，点C在⊙O上，CD是⊙O的切线，AD⊥CD于点D，E是AB延长线上一点，CE交⊙O于点F，连接OC、AC．（1）求证：AC平分∠DAO．（2）若∠DAO=105°，∠E=30°①求∠OCE的度数；②若⊙O的半径为2，求线段EF的长．23．（10分）某商场试销一种成本为每件60元的服装，规定试销期间销售单价不低于成本单价，且获利不得高于45%，经试销发现，销售量y（件）与销售单价x（元）符合一次函数y=kx+b，且x=65时，y=55；x=75时，y=45．（1）求一次函数y=kx+b的表达式；（2）若该商场获得利润为W元，试写出利润W与销售单价x之间的关系式；销售单价定为多少元时，商场可获得最大利润，最大利润是多少元？24．（10分）如图①，在△ABC中，∠BAC=90°，AB=AC，点E在AC上（且不与点A，C 重合），在△ABC的外部作△CED，使∠CED=90°，DE=CE，连接AD，分别以AB，AD为邻边作平行四边形ABFD，连接AF．（1）请直接写出线段AF，AE的数量关系；（2）将△CED绕点C逆时针旋转，当点E在线段BC上时，如图②，连接AE，请判断线段AF，AE的数量关系，并证明你的结论．25．（10分）如图所示，在平面直角坐标系中，点A的坐标为（m，m），点B的坐标为（n，﹣n），抛物线经过A、O、B三点，连接OA、OB、AB，线段AB交y轴于点C．已知实数m、n（m＜n）分别是方程x2﹣2x﹣3=0的两根．（1）求直线AB和OB的解析式．（2）求抛物线的解析式．（3）若点P为线段OB上的一个动点（不与点O、B重合），直线PC与抛物线交于D、E两点（点D在y轴右侧），连接OD、BD．问△BOD的面积是否存在最大值？若存在，求出这个最大值并写出此时点D的坐标；若不存在说明理由．2017-2018学年天津市河东区九年级（上）期末数学试卷参考答案一.选择题（每小题3分，共36分）1．D；2．D；3．B；4．C；5．C；6．A；7．D；8．D；9．C；10．C；11．B；12．B；二、填空题（每小题3分，共18分）13．﹣2；14．m＜﹣2；15．；16．8cm；17．8+8；18．①④⑤；三.解答题（66分）19．20．21．2223．24．25．。
天津市河东区一零二中学 2017年九年级数学中考模拟试卷 (含答案)
2017年九年级数学中考模拟试卷一、选择题：1.计算(-3)×(-6)的结果等于（）A.3B.-3C.-9D.182.在Rt△ABC中,∠C=90°,BC=3,AB=4,则sinA的值为（）A. B. C. D.3.如下图四种正多边形的瓷砖图案．其中是轴对称图形但不是中心对称的图形为（）A.①③B.①④C.②③D.②④4.已知地球上海洋面积约为361 000 000km2，361 000 000这个数用科学记数法可表示为( )A.3.61×106B.3.61×107C.3.61×108D.3.61×1095.如图的正方体盒子的外表面上画有3条粗黑线，将这个正方体盒子的表面展开（外表面朝上），展开图可能是（）6.若一个数的平方根是±8，则这个数的立方根是（）．A.2B.±2C.4D.±47.化简的结果是( )8.关于x的一元二次方程kx2+4x+4=0有两个不相等的实数根，则k的取值范围是（）A.k＞﹣1B.k＞﹣1且k≠0C.k＜1D.k＜1且k≠09.在Rt△ABC中,∠C=90°,c为斜边,a、b为直角边,则化简结果为（）A.3a+b﹣cB.﹣a﹣3b+3cC.a+3b﹣3cD.2a10.四个点A，B，C，D在同一平面内，从①AB∥CD；②AB=CD；③AC⊥BD；④AD=•BC；⑤AD∥BC．这5个条件中任选三个,能使四边形ABCD是菱形的选法有（）．A.1种B.2种C.3种D.4种11.下列函数中，满足y的值随x的值增大而增大的是（）A．y=﹣2x B．y=3x﹣1 C．y= D．y=x212.已知二次函数y=ax2﹣bx+0.5b﹣a与x轴交于A、B两点，则线段AB的最小值为（）A．0.5 B．2 C． D．无法确定二、填空题：13.因式分解a2b﹣b的正确结果是14.要使x有意义，则x可以取的最小整数是 .3515.如图所示的六边形广场由若干个大小完全相同的黑色和白色正三角形组成，一只小鸟在广场上随机停留，刚好落在黑色三角形区域的概率为．16.如果直线y=kx+b经过第一、三、四象限，那么直线y=﹣bx+k经过第象限．17.如图在□ABCD中，点E在边DC上，DE：EC=3：1，连接AE交BD于点F，若△DEF的面积为18，则□ABCD的面积为．18.某服装店购进单价为15元童装若干件，销售一段时间后发现：当销售价为25元时平均每天能售出8件，而当销售价每降低2元，平均每天能多售出4件，当每件的定价为元时，该服装店平均每天的销售利润最大．三、解答题：19.解不等式组：，并在数轴上表示不等式组的解集．20.已知甲同学手中藏有三张分别标有数字、、1的卡片，乙同学手中藏有三张分别标有数字1、3、2的卡片，卡片外形相同．现从甲乙两人手中各任取一张卡片，并将它们的数字分别记为a，b．（1）请你用树形图或列表法列出所有可能的结果；（2）现制定一个游戏规则：若所选出的a，b能使得ax2+bx+1=0有两个不相等的实数根，则甲获胜；否则乙获胜．请问这样的游戏规则公平吗？请用概率知识解释．21.如图，AB是以BC为直径的半圆O的切线，D为半圆上一点，AD=AB，AD，BC的延长线相交于点E．（1）求证：AD是半圆O的切线；（2）连结CD，求证：∠A=2∠CDE；（3）若∠CDE=27°，OB=2，求的长．22.某中学广场上有旗杆如图1所示，在学习解直角三角形以后，数学兴趣小组测量了旗杆的高度．如图2，某一时刻，旗杆AB的影子一部分落在平台上，另一部分落在斜坡上，测得落在平台上的影长BC为4米，落在斜坡上的影长CD为3米，AB⊥BC，同一时刻，光线与水平面的夹角为72°，1米的竖立标杆PQ在斜坡上的影长QR 为2米，求旗杆的高度（结果精确到0.1米）．（参考数据：sin72°≈0.95，cos72°≈0.31，tan72°≈3.08）23.甲、乙两家体育用品商店出售同样的乒乓球拍和乒乓球，乒乓球拍每副定价30元，乒乓球每盒定价5元。
2017届天津市河东区九年级上期末数学试卷(带解析)
绝密★启用前2017届天津市河东区九年级上期末数学试卷（带解析）试卷副标题考试范围：xxx ；考试时间：99分钟；命题人：xxx学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________注意事项．1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上第I 卷（选择题）一、选择题（题型注释）1、如图是抛物线y=ax 2+bx+c （a≠0）的部分图象，其顶点坐标为（1，n ），且与x 轴的一个交点在点（3，0）和（4，0）之间．则下列结论： ①a ﹣b+c ＞0； ②3a+b=0； ③b 2=4a （c ﹣n ）；④一元二次方程ax 2+bx+c=n ﹣1有两个不相等的实数根． 其中正确结论的个数是（ ）A ．1B ．2C ．3D ．4试卷第2页，共21页【答案】C 【解析】试题分析：∵抛物线与x 轴的一个交点在点（3，0）和（4，0）之间，而抛物线的对称轴为直线x=1，∴抛物线与x 轴的另一个交点在点（﹣2，0）和（﹣1，0）之间．∴当x=﹣1时，y ＞0，即a ﹣b+c ＞0，所以①正确；∵抛物线的对称轴为直线x=﹣=1，即b=﹣2a ，∴3a+b=3a﹣2a=a ，所以②错误；∵抛物线的顶点坐标为（1，n ），∴=n ，∴b 2=4ac ﹣4an=4a （c ﹣n ），所以③正确；∵抛物线与直线y=n 有一个公共点，∴抛物线与直线y=n ﹣1有2个公共点，∴一元二次方程ax 2+bx+c=n ﹣1有两个不相等的实数根，所以④正确．故选C ．考点：二次函数图象与系数的关系．2、如图，⊙O 的半径为4，点P 是⊙O 外的一点，PO=10，点A 是⊙O 上的一个动点，连接PA ，直线l 垂直平分PA ，当直线l 与⊙O 相切时，PA 的长度为（ ）A ．10B ．C ．11D ．【答案】B ． 【解析】试题分析：如图所示．连接OA 、OC （C 为切点），过点O 作OB ⊥AP ．设AB 的长为x ，在Rt △AOB 中，OB 2=OA 2﹣AB 2=16﹣x 2， ∵l 与圆相切， ∴OC ⊥l ．∵∠OBD=∠OCD=∠CDB=90°，∴四边形BOCD 为矩形． ∴BD=OC=4． ∵直线l 垂直平分PA ， ∴PD=BD+AB=4+x ． ∴PB=8+x ．在Rt △OBP 中，OP 2=OB 2+PB 2，即16﹣x 2+（8+x ）2=102，解得x=．PA=2AD=2×（+4）=．故选：B ．考点：直线与圆的位置关系．3、若二次函数y=（x ﹣m ）2﹣1，当x≤3时，y 随x 的增大而减小，则m 的取值范围是（ ） A ．m="3"B ．m ＞3C ．m≥3D ．m≤3【答案】C ． 【解析】试题分析：∵二次函数的解析式y=（x ﹣m ）2﹣1的二次项系数是1，∴该二次函数的开口方向是向上；又∵该二次函数的图象的顶点坐标是（m ，﹣1），∴该二次函数图象在[﹣∞，m]上是减函数，即y 随x 的增大而减小；而已知中当x≤3时，y 随x 的增大而减小，∴x≤3，∴x ﹣m≤0，∴m≥3．故选C ． 考点：二次函数的性质．4、如图所示，在△ABC 中，∠CAB=70°，现将△ABC 绕点A 顺时针旋转一定角度后得到△AB′C′，连接BB′，若BB′∥AC′，则∠CAB′的度数为（ ）A ．20°B ．25°C ．30°D ．40°【答案】C ． 【解析】试题分析：由旋转的性质得：∠C′AB′=∠CAB=70°，AB′=AB ，∴∠AB′B=∠ABB′，试卷第4页，共21页∵BB′∥AC′，∴∠AB′B=∠C′AB′=70°，∴∠ABB′=70°，∴∠BAB′=180°﹣70°﹣70°=40°，∴∠CAB′=∠CAB ﹣∠BAB′=70°﹣40°=30°；故选C ． 考点：旋转的性质．5、用配方法解下列方程时，配方正确的是（ ） A ．方程x 2﹣6x ﹣5=0，可化为（x ﹣3）2=4 B ．方程y 2﹣2y ﹣2015=0，可化为（y ﹣1）2=2015 C ．方程a 2+8a+9=0，可化为（a+4）2=25D ．方程2x 2﹣6x ﹣7=0，可化为【答案】D ． 【解析】试题分析：选项A ，由原方程得到：方程x 2﹣6x+32=5+32，可化为（x ﹣3）2=14，故本选项错误；选项B ，由原方程得到：方程y 2﹣2y+12=2015+12，可化为（y ﹣1）2=2016，故本选项错误；选项C ，由原方程得到：方程a 2+8a+42=﹣9+42，可化为（a+4）2=7，故本选项错误；选项D ，由原方程得到：方程x 2﹣3x+（）2=+（）2，可化为，故本选项正确；故选D ．考点：解一元二次方程-配方法．6、在反比例函数的每一条曲线上，y 都随着x 的增大而减小，则k 的值可以是（ ） A ．﹣1B ．1C ．2D ．3【答案】A ． 【解析】试题分析：∵反比例函数图象的每一条曲线上，y 随x 的增大而减小，∴1﹣k＞0，解得k ＜1．故选A ． 考点：反比例函数的性质．7、已知正六边形的边长为2，则它的内切圆的半径为（ ）A ．1B ．C ．2D ．2【答案】B ． 【解析】试题分析：如图，连接OA 、OB ，OG ；∵六边形ABCDEF 是边长为2的正六边形，∴△OAB是等边三角形，∴OA=AB=2，∴OG=OA•sin60°=2×=，∴边长为2的正六边形的内切圆的半径为．故选B ．考点：正多边形和圆；切线的性质．8、如图，在半径为5cm 的⊙O 中，弦AB=6cm ，OC ⊥AB 于点C ，则OC=（ ）A ．3cmB ．4cmC ．5cmD ．6cm【答案】B ． 【解析】试题分析：连接OA ，∵AB=6cm ，OC ⊥AB 于点C ，∴AC=AB=×6=3cm ，∵⊙O的半径为5cm ，由勾股定理可得OC=4cm ，故选B ．考点：垂径定理；勾股定理．9、从数字2，3，4中任选两个数组成一个两位数，组成的数是偶数的概率是（ ）A ．B ．C ．D ．试卷第6页，共21页【答案】A ． 【解析】试题分析：树状图为：共有6种等可能的结果数，其中组成的数是偶数的结果数为4，所以组成的数是偶数的概率．故选A ．考点：列表法与树状图法．10、抛物线y=（x ﹣2）2+1的顶点坐标是（ ） A ．（﹣2，﹣1）B ．（﹣2，1）C ．（2，﹣1）D ．（2，1）【答案】D ． 【解析】试题分析：y=（x ﹣2）2+1是抛物线的顶点式，根据顶点式的坐标特点可知，对称轴为直线x=2，故选D ． 考点：二次函数的性质．11、在下列方程中，一元二次方程是（ ）A ．x 2﹣2xy+y 2="0"B ．x （x+3）=x 2﹣1C ．x 2﹣2x="3"D ．x+=0【答案】C ． 【解析】试题分析：一元二次方程必须满足四个条件：（1）未知数的最高次数是2；（2）二次项系数不为0；（3）是整式方程；（4）含有一个未知数．由这四个条件对四个选项进行验证，满足这四个条件者为正确答案．所以A 方程含有两个未知数，故不是；选项B 方程的二次项系数为0，故不是；选项C 符合一元二次方程的定义；选项D 不是整式方程．故选C ．考点：一元二次方程的定义．12、下列交通标志中，既是轴对称图形又是中心对称图形的是（ ）A．B．C．D．【答案】D．【解析】试题分析：根据中心对称图形和轴对称图形的概念可得选项A是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项错误；选项B不是轴对称图形，是中心对称图形，故本选项错误；选项C不是轴对称图形，也不是中心对称图形，故本选项错误；选项D既是轴对称图形又是中心对称图形，故本选项正确．故选D．考点：中心对称图形；轴对称图形．试卷第8页，共21页第II 卷（非选择题）二、填空题（题型注释）13、如图，在△BDE 中，∠BDE=90°，BD=，点D 的坐标是（7，0），∠BDO=15°，将△BDE 旋转到△ABC 的位置，点C 在BD 上，则旋转中心的坐标为 ．【答案】（4，3）.【解析】试题分析：如图，AB 与BD 的垂直平分线的交点即为旋转中心P ，连接PD ，过P 作PF ⊥x 轴于F ， ∵点C 在BD 上，∴点P 到AB 、BD 的距离相等，都是BD ，即×6 =3，∴∠PDB=45°， PD=3×=6，∵∠BDO=15°， ∴∠PDO=45°+15°=60°， ∴∠DPF=30°，∴DF=PD=×6=3，∵点D 的坐标是（7，0）， ∴OF=OD ﹣DF=7﹣3=4， 由勾股定理得，PF=3， 即P 点的坐标为（4，3），考点：坐标与图形变化-旋转．14、如图，量角器边缘上有P 、Q 两点，它们表示的读数分别为60°，30°，已知直径AB=4，连接PB 交OQ 于M ，则QM 的长为 ．【答案】2﹣3．【解析】试题分析：∵∠BOP=60°，OP=OB ，∴△OPB 为等边三角形，而∠BOQ=30°，∴OM 为等边三角形OPB 的高，∴OM=OB ，而AB=4，∴OM=×2=3，∴QM=2﹣3．考点：圆心角、弧、弦的关系；等边三角形的判定与性质．15、若关于x 的一元二次方程x 2﹣4x ﹣m=0有两个不相等的实数根，则实数m 的取值范围是 ．【答案】m ＞﹣4． 【解析】试题分析：：由已知得：△=b 2﹣4ac=（﹣4）2﹣4×1×（﹣m ）=16+4m ＞0，解得：m ＞﹣4．考点：根的判别式．试卷第10页，共21页16、如图，BD 是⊙O 的直径，∠CBD=30°，则∠A 的度数为 ．【答案】60°. 【解析】试题分析：∵BD 是⊙O 的直径，∴∠BCD=90°，∵∠CBD=30°，∴∠D=60°，∴∠A=∠D=60°. 考点：圆周角定理．17、如图：M 为反比例函数图象上一点，MA ⊥y 轴于A ，S △MAO =2时，k= ．【答案】﹣4． 【解析】试题分析：∵AB ⊥x 轴，∴S △AOM =|k|=2，∵k ＜0，∴k=﹣4．考点：反比例函数系数k 的几何意义． 18、方程x 2﹣3=0的根是 ．【答案】x=±.【解析】试题分析：方程整理得：x 2=3，开方得：x=±.考点：解一元二次方程-直接开平方法．三、解答题（题型注释）19、如图，直线y=﹣x+1与x 轴交于点A ，与y 轴交于点B ，抛物线y=﹣x 2+bx+c 经过A 、B 两点．（1）求抛物线的解析式；（2）点P 是第一象限抛物线上的一点，连接PA 、PB 、PO ，若△POA 的面积是△POB面积的倍．①求点P 的坐标；②点Q 为抛物线对称轴上一点，请直接写出QP+QA 的最小值；（3）点M 为直线AB 上的动点，点N 为抛物线上的动点，当以点O 、B 、M 、N 为顶点的四边形是平行四边形时，请直接写出点M 的坐标．【答案】(1) y=﹣x 2+x+1；（2）①P （，1）；②；（3）满足条件的点M 的坐标（1+，（1﹣））或（1﹣，﹣（1+））或（1，）或M （﹣（1+），（3+））或M （﹣（1﹣），（3﹣））.【解析】试题分析：（1）先确定出点A ，B 坐标，再用待定系数法求出抛物线解析式；（2）设出点P 的坐标，①用△POA 的面积是△POB 面积的倍，建立方程求解即可；②利用对称性找到最小线段，用两点间距离公式求解即可；（3）分OB 为边和为对角线两种情况进行求解，①当OB 为平行四边形的边时，用MN ∥OB ，表示和用MN=OB ，建立方程求解；②当OB 为对角线时，OB 与MN 互相平分，交点为H ，设出M ，N 坐标用OH=BH ，MH=NH ，建立方程组求解即可．试卷第12页，共21页试题解析：（1）∵直线y=﹣x+1与x 轴交于点A ，与y 轴交于点B ，∴A （2，0），B （0，1），∵抛物线y=﹣x 2+bx+c 经过A 、B 两点，∴，∴∴抛物线解析式为y=﹣x 2+x+1，（2）①由（1）知，A （2，0），B （0，1）， ∴OA=2，OB=1，由（1）知，抛物线解析式为y=﹣x 2+x+1，∵点P 是第一象限抛物线上的一点，∴设P （a ，﹣a 2+a+1），（（a ＞0，﹣a 2+a+1＞0），∴S △POA =OA×P y =×2×（﹣a 2+a+1）=﹣a 2+a+1S △POB =OB×P x =×1×a= a∵△POA 的面积是△POB 面积的倍．∴﹣a 2+a+1=×a ，∴a=或a=﹣（舍）∴P （，1）；②如图1，由（1）知，抛物线解析式为y=﹣x 2+x+1，∴抛物线的对称轴为x=，抛物线与x 轴的另一交点为C （﹣，0），∵点A 与点C 关于对称轴对称， ∴QP+QA 的最小值就是PC=；（3）①当OB 为平行四边形的边时，MN=OB=1，MN ∥OB ， ∵点N 在直线AB 上，∴设M （m ，﹣m+1），∴N （m ，﹣m 2+m+1），∴MN=|﹣m 2+m+1﹣（﹣m+1）|=|m 2﹣2m|=1，Ⅰ、m 2﹣2m=1， 解得，m=1±，∴M （1+，（1﹣））或M （1﹣，（1+））Ⅱ、m 2﹣2m=﹣1， 解得，m=1，∴M （1，）；②当OB 为对角线时，OB 与MN 互相平分，交点为H ， ∴OH=BH ，MH=NH ， ∵B （0，1），O （0，0），∴H （0，），试卷第14页，共21页设M （n ，﹣n+1），N （d ，﹣d 2+d+1）∴，∴或，∴M （﹣（1+），（3+））或M （﹣（1﹣），（3﹣））；即：满足条件的点M 的坐标（1+，（1﹣））或（1﹣，﹣（1+））或（1，）或M （﹣（1+），（3+））或M （﹣（1﹣），（3﹣））；考点：二次函数综合题．20、图1和图2中的正方形ABCD 和四边形AEFG 都是正方形．（1）如图1，连接DE ，BG ，M 为线段BG 的中点，连接AM ，探究AM 与DE 的数量关系和位置关系，并证明你的结论；（2）在图1的基础上，将正方形AEFG 绕点A 逆时针方向旋转到图2的位置，连结DE 、BG ，M 为线段BG 的中点，连结AM ，探究AM 与DE 的数量关系和位置关系，并证明你的结论．【答案】（1）AM=DE ，AM ⊥DE ，理由详见解析；（2）AM=DE ，AM ⊥DE ，理由详见解析.【解析】试题分析：（1）AM=DE ，AM ⊥DE ，理由是：先证明△DAE ≌△BAG ，得DE=BG ，∠AED=∠AGB ，再根据直角三角形斜边的中线的性质得AM=BG ，AM=BM ，则AM=DE ，由角的关系得∠MAB+∠AED=90°，所以∠AOE=90°，即AM ⊥DE ；（2）AM=DE ，AM ⊥DE ，理由是：作辅助线构建全等三角形，证明△MNG ≌△MAB 和△AGN ≌△EAD 可以得出结论．试题解析：（1）AM=DE ，AM ⊥DE ，理由是：如图1，设AM 交DE 于点O ，∵四边形ABCD 和四边形AEFG 都是正方形， ∴AG=AE ，AD=AB ， ∵∠DAE=∠BAG ， ∴△DAE ≌△BAG ， ∴DE=BG ，∠AED=∠AGB ， 在Rt △ABG 中， ∵M 为线段BG 的中点，∴AM=BG ，AM=BM ，∴AM=DE ，∵AM=BM ， ∴∠MBA=∠MAB ， ∵∠AGB+∠MBA=90°， ∴∠MAB+∠AED=90°， ∴∠AOE=90°，即AM ⊥DE ；（2）AM=DE ，AM ⊥DE ，理由是：如图2，延长AM 到N ，使MN=AM ，连接NG ，试卷第16页，共21页∵MN=AM ，MG=BM ，∠NMG=∠BMA ， ∴△MNG ≌△MAB ， ∴NG=AB ，∠N=∠BAN ， 由（1）得：AB=AD ， ∴NG=AD ，∵∠BAN+∠DAN=90°， ∴∠N+∠DAN=90°， ∴NG ⊥AD ，∴∠AGN+∠DAG=90°， ∵∠DAG+∠DAE=∠EAG=90°， ∴∠AGN=∠DAE ， ∵NG=AD ，AG=AE ， ∴△AGN ≌△EAD ， ∴AN=DE ，∠N=∠ADE ， ∵∠N+∠DAN=90°， ∴∠ADE+∠DAN=90°， ∴AM ⊥DE ．考点：旋转的性质；正方形的性质．21、如图，某建筑工程队利用一面墙（墙的长度不限），用40米长的篱笆围成一个长方形的仓库．（1）求长方形的面积是150平方米，求出长方形两邻边的长； （2）能否围成面积220平方米的长方形？请说明理由．【答案】(1) 长方形两邻边的长为5m ，30m 或15m ，10m ；(2) 不能围成面积是220平方米的长方形，理由详见解析. 【解析】试题分析：（1）首先设垂直于墙的一边长为xm ，得：长方形面积=150，进而求出即可；（2）利用一元二次方程的根的判别式判断得出即可．试题解析：（1）设垂直于墙的一边长为xm ，得：x （40﹣2x ）=150， 即x 2﹣20x+75=0， 解得：x 1=5，x 2=15， 当x=5时，40﹣2x=30， 当x=15时，40﹣2x=10，∴长方形两邻边的长为5m ，30m 或15m ，10m ；（2）设垂直于墙的一边长为ym ，得：y （40﹣2y ）=220， 即y 2﹣20y+110=0， ∵△＜0， 该方程无解∴不能围成面积是220平方米的长方形． 考点：一元二次方程的应用．22、已知二次函数y=﹣x 2+bx+c 的图象如图所示，它与x 轴的一个交点坐标为（﹣1，0），与y 轴的交点坐标为（0，3）．（1）求出b 、c 的值，并写出此二次函数的解析式；（2）根据图象，直接写出函数值y 为正数时，自变量x 的取值范围； （3）当2≤x≤4时，求y 的最大值．【答案】(1) y=﹣x 2+2x+3;(2) ﹣1＜x ＜3，y ＞0；(3) 当x=2时，y 的最大值是3． 【解析】试题分析：（1）因为点（﹣1，0），（0，3）在抛物线y=﹣x 2+bx+c 上，可代入确定b 、c 的值；（2）求出抛物线与x 轴的交点坐标，根据图象确定y ＞0时，x 的取值范围；试卷第18页，共21页（3）根据二次函数的增减性，确定2≤x≤4时，y 的最大值． 试题解析：（1）把（﹣1，0），（0，3）代入y=﹣x 2+bx+c ，得解得，所以二次函数的解析式为：y=﹣x 2+2x+3 （2）把x=0代入y=﹣x 2+bx+c 中， 得﹣x 2+bx+c=0， 解得x 1=﹣1，x 2=3， 所以当﹣1＜x ＜3，y ＞0；（3）由y=﹣x 2+2x+3=﹣（x ﹣1）2+4， 抛物线的对称轴为直线x=1，则当2≤x≤4时，y 随着x 的增大而减小， ∴当x=2时，y 的最大值是3．考点：抛物线与x 轴的交点；二次函数的图象；二次函数的最值；待定系数法求二次函数解析式．23、已知直线l 与⊙O ，AB 是⊙O 的直径，AD ⊥l 于点D ．（1）如图①，当直线l 与⊙O 相切于点C 时，求证：AC 平分∠DAB ； （2）如图②，当直线l 与⊙O 相交于点E ，F 时，求证：∠DAE=∠BAF ．【答案】详见解析. 【解析】试题分析：（1）连接OC ，易得OC ∥AD ，根据平行线的性质就可以得到∠DAC=∠ACO ，再根据OA=OC 得到∠ACO=∠CAO ，就可以证出结论；（2）如图②，连接BF ，由AB 是⊙O 的直径，根据直径所对的圆周角是直角，可得∠AFB=90°，由三角形外角的性质，可求得∠AEF 的度数，又由圆的内接四边形的性质，继而证得结论．试题解析：（1）连接OC ， ∵直线l 与⊙O 相切于点C ， ∴OC ⊥CD ； 又∵AD ⊥CD ， ∴AD ∥OC ， ∴∠DAC=∠ACO ； 又∵OA=OC ， ∴∠ACO=∠CAO ， ∴∠DAC=∠CAO ， 即AC 平分∠DAB ； （2）如图②，连接BF ， ∵AB 是⊙O 的直径， ∴∠AFB=90°， ∴∠BAF=90°﹣∠B ， ∴∠AEF=∠ADE+∠DAE ，在⊙O 中，四边形ABFE 是圆的内接四边形， ∴∠AEF+∠B=180°， ∴∠BAF=∠DAE ．考点：直线与圆的位置关系；圆周角定理．24、如图，转盘A 的三个扇形面积相等，分别标有数字1，2，3，转盘B 的四个扇形面积相等，分别有数字1，2，3，4．转动A 、B 转盘各一次，当转盘停止转动时，将指针所落扇形中的两个数字相乘（当指针落在四个扇形的交线上时，重新转动转盘）． （1）用树状图或列表法列出所有可能出现的结果；试卷第20页，共21页（2）求两个数字的积为奇数的概率．【答案】.【解析】试题分析：（1）首先根据题意画出树状图，然后由树状图求得所有等可能的结果；（2）由两个数字的积为奇数的情况，再利用概率公式即可求得答案． 试题解析：（1）画树状图得：则共有12种等可能的结果；（2）∵两个数字的积为奇数的4种情况，∴两个数字的积为奇数的概率为：．考点：列表法与树状图法． 25、（1）3x （x ﹣1）=2x ﹣2； （2）解方程：x 2﹣6x+5=0（配方法）．【答案】(1) x 1=1，x 2=； (2) x 1=﹣1，x 2=﹣5．【解析】试题分析：（1）移项后分解因式，即可得出两个一元一次方程，求出方程的解即可；（2）移项，配方，开方，即可得出两个一元一次方程，求出方程的解即可． 试题解析：（1）移项得：3x （x ﹣1）﹣2（x ﹣1）=0， （x ﹣1）（3x ﹣2）=0， x ﹣1=0，3x ﹣2=0，试卷第21页，共21页 x 1=1，x 2=； （2）x 2﹣6x+5=0， x 2﹣6x=﹣5， x 2﹣6x+9=﹣5+9， （x ﹣3）2=4， x ﹣3=±2， x 1=﹣1，x 2=﹣5． 考点：解一元二次方程-因式分解法；解一元二次方程-配方法．。
精品解析：天津市河东区2017-2018学年九年级(上)期中数学试卷(解析版)
2017-2018学年天津市河东区九年级（上）期中数学试卷一、选择题1. 一元二次方程x2﹣4=0的解是（）A. x1=2，x2=﹣2B. x=﹣2C. x=2D. x1=2，x2=0【答案】A【解析】试题分析：本题主要考查了解一元二次方程-直接开平方法．解这类问题要移项，把所含未知数的项移到等号的左边，把常数项移项等号的右边，化成x2=a（a≥0）的形式，利用数的开方直接求解．（1）用直接开方法求一元二次方程的解的类型有：x2=a（a≥0）；ax2=b（a，b同号且a≠0）；（x+a）2=b（b≥0）；a（x+b）2=c（a，c同号且a≠0）．法则：要把方程化为“左平方，右常数，先把系数化为1，再开平方取正负，分开求得方程解”．（2）用直接开方法求一元二次方程的解，要仔细观察方程的特点．式子x2-4=0先移项，变成x2=4，从而把问题转化为求4的平方根．解：移项得x2=4，∴x=±2．故答案：x=±2．考点：解一元二次方程-直接开平方法．2. 下列图形中，中心对称图形有（）A. 4个B. 3个C. 2个D. 1个【答案】B【解析】试题分析：第四个图只是轴对称图形，第1、第2和第3个是中心对称图形．中心对称图形有3个．故选B．考点：中心对称图形．3. 用配方法解方程：x2﹣4x+2=0，下列配方正确的是（）A. （x﹣2）2=2B. （x+2）2=2C. （x﹣2）2=﹣2D. （x﹣2）2=6【答案】A【解析】试题分析：在本题中，把常数项2移项后，应该在左右两边同时加上一次项系数﹣4的一半的平方．解：把方程x2﹣4x+2=0的常数项移到等号的右边，得到x2﹣4x=﹣2，方程两边同时加上一次项系数一半的平方，得到x2﹣4x+4=﹣2+4，配方得（x﹣2）2=2．故选：A．考点：解一元二次方程-配方法．4. 某厂一月份的总产量为500吨，三月份的总产量达到为720吨．若平均每月增长率是x，则可以列方程（）A. 500（1+2x）=720B. 500（1+x）2=720C. 500（1+x2）=720D. 720（1+x）2=500【答案】B【解析】试题分析：设平均每月增率是x，二月份的产量为：500×（1+x）；三月份的产量为：500（1+x）2=720；故选B．考点：由实际问题抽象出一元二次方程．5. 生物兴趣小组的学生，将自己收集的标本向本组其他成员各赠送一件，全组共互赠了182件，如果全组有x名同学，则根据题意列出的方程是（）A. x（x+1）=182B. x（x﹣1）=182C. x（x+1）=182×2D. x（x﹣1）=182×2【答案】B【解析】试题分析：先求每名同学赠的标本，再求x名同学赠的标本，而已知全组共互赠了182件，故根据等量关系可得到方程．解：设全组有x名同学，则每名同学所赠的标本为：（x﹣1）件，那么x名同学共赠：x（x﹣1）件，所以，x（x﹣1）=182．故选B．考点：由实际问题抽象出一元二次方程．6. 抛物线y=x2﹣2x+1与坐标轴交点个数为（）A. 无交点B. 1个C. 2个D. 3个【答案】C【解析】当x=0时，y=1，则与y轴的交点坐标为（0，1），当y=0时，x2﹣2x+1=0，△=（﹣2）2﹣4×1×1=0，所以，该方程有两个相等的解，即抛物线y=x2﹣2x+2与x轴有1个点．综上所述，抛物线y=x2﹣2x+1与坐标轴的交点个数是2个．故选：C．7. 在平面直角坐标系中，将二次函数y=2x2的图象向上平移2个单位，所得解析式为（）A. y=2x2+2B. y=2x2﹣2C. y=2（x+2）2D. y=2（x﹣2）2【答案】A【解析】试题解析：二次函数y=2x2的图象向上平移2个单位，得y=2x2+2．故选B．考点：二次函数图象与几何变换.8. 已知a≠0，在同一直角坐标系中，函数y=ax与y=ax2的图象有可能是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】试题分析：本题可先由一次函数y=ax图象得到字母系数的正负，再与二次函数y=ax2的图象相比较看是否一致．（也可以先固定二次函数y=ax2图象中a的正负，再与一次函数比较．）解：A、函数y=ax中，a＞0，y=ax2中，a＞0，但当x=1时，两函数图象有交点（1，a），故A错误；B、函数y=ax中，a＜0，y=ax2中，a＞0，故B错误；C、函数y=ax中，a＜0，y=ax2中，a＜0，但当x=1时，两函数图象有交点（1，a），故C正确；D、函数y=ax中，a＞0，y=ax2中，a＜0，故D错误．故选：C．点评：函数中数形结合思想就是：由函数图象确定函数解析式各项系数的性质符号，由函数解析式各项系数的性质符号画出函数图象的大致形状．视频9. 设A（﹣2，y1），B（1，y2），C（2，y3）是抛物线y=﹣（x+1）2+k上的三点，则y1，y2，y3的大小关系为（）A. y1＞y2＞y3B. y1＞y3＞y2C. y2＞y3＞y1D. y3＞y1＞y2【答案】A【解析】∵二次函数线y=﹣（x+1）2+k，∴该二次函数的抛物线开口向下，且对称轴为：x=﹣1．∵A（﹣2，y1），B（1，y2），C（2，y3）是抛物线y=﹣（x+1）2+k上的三点，而三点横坐标离对称轴x=3的距离按由近到远为：（﹣2，y1）、（1，y2）、（2，y3），∴y1＞y2＞y3故选：A．10. 如图，将Rt△ABC绕直角顶点C顺时针旋转90°，得到△A′B′C，连接AA′，若∠1=20°，则∠B的度数是（）A. 70°B. 65°C. 60°D. 55°【答案】B【解析】试题分析：根据旋转图形可以得到△ACA′为等腰直角三角形，根据∠1的度数可以求出∠CA′B′=25°，从而得到∠CAB=25°，所以∠B=90°－25°=65°考点：旋转图形的性质视频11. 如图，两块完全重合的正方形纸片，如果上面的一块绕正方形的中心O逆时针0°～90°的旋转，那么旋转时露出的△ABC的面积（S）随着旋转角度（n）的变化而变化，下面表示S与n关系的图象大致是（）A. B. C. D.【答案】B学§科§网...学§科§网...学§科§网...学§科§网...学§科§网...学§科§网...学§科§网...学§科§网...学§科§网...学§科§网...故选：B．【点睛】考查动点问题的函数图象问题，关键要仔细观察．12. 已知二次函数y=ax2+bx+c（a≠0）的图象如图所示，有下列5个结论：①abc＞0；②b＜a+c；③4a+2b+c＞0；④2c＜3b；⑤a+b＞m（am+b）（m≠1的实数）．其中正确的结论有（）A. 2个B. 3个C. 4个D. 5个【答案】A【解析】试题分析：根据图象可得：a＜0，b＞0，c＞0，则abc＜0，则①错误；当x=－1时，y＜0，即a －b+c＜0，则②错误；③、④、⑤正确.考点：二次函数的性质二、填空题13. 已知点A（2，a）与点B（b，﹣5）关于原点对称，则a+b的值等于_____．【答案】3【解析】∵点A（2，a）与点B（b，﹣5）关于原点对称，∴a=5，b=﹣2，所以，a+b=5+（﹣2）=3．故答案为：3．14. 若关于x的一元二次方程（m﹣1）x2﹣2mx+（m+2）=0有实数根，则m取值范围是_____．【答案】m≤2且m≠1【解析】∵关于x的一元二次方程（m﹣1）x2﹣2mx+（m+2）=0有实数根，∴，解得m≤2且m≠1．故答案为：m≤2且m≠1．15. 从正方形的铁皮上截去2cm宽的一条长方形，余下的面积为48cm2，则原来正方形铁皮的面积为_____．【答案】64cm2【解析】试题分析：设正方形的边长为，截去2cm宽的一条长方形后，还余下一个长方形，长方形的长为，宽为，面积，解得所以原来正方形铁皮的面积为考点：1、矩形面积的计算；2、一元二次方程的应用．16. 已知一元二次方程2x2﹣3x﹣1=0的两根为x1，x2，则=_____．【答案】-3【解析】∵一元二次方程2x2﹣3x﹣1=0中，a=2，b=﹣3，c=﹣1，x1，x2为方程的两根，∴x1+x2=﹣，x1•x2=，∵=，∴=﹣3，故答案为：﹣3．17. 如图，E为正方形ABCD内一点，∠AEB=135°，△AEB按顺时针方向旋转角度后成为△CFB，图中_____是旋转中心，∠EFC_____．【答案】(1). B(2). =90°【解析】由△AEB按顺时针方向旋转一个角度后成为△CFB，∴△AEB≌△BFC，∴AB=BC，BE=BF，∠AEB=∠BFC=135°，∴旋转中心为点B，且旋转角为90°，∴△BEF为等腰直角三角形，∴∠BFE=45°，∴∠EFC=135°﹣45°=90°，故答案为：点B；=90°．【点睛】主要考查了旋转的定义和性质的应用，要熟练掌握，解答此题的关键是判断出：（1）旋转中心为点B；（2）AB按顺时针方向旋转到BC所在的位置，旋转了90度．18. 如图，平行于x轴的直线AC分别交函数y1=x2（x≥0）与y2=（x≥0）的图象于B、C两点，过点C作y轴的平行线交y1的图象于点D，直线DE∥AC，交y2的图象于点E，则=_____．【答案】3﹣则x2=a，解得x=，∴点B（，a），=a，则x=，∴点C（，a），∵CD∥y轴，∴点D的横坐标与点C的横坐标相同，为，∴y1=2=3a，∴点D的坐标为（，3a），∵DE∥AC，∴点E的纵坐标为3a，∴=3a，∴x=3，∴点E的坐标为（3，3a），∴DE=3-，∴．考点：二次函数综合题．视频三、解答题19. 解方程：（1）4（x﹣2）2﹣49=0．（2）x2﹣5x﹣7=0．（3）（2x+1）（x﹣2）=3．（4）3x（x﹣2）=2（2﹣x）．【答案】见解析【解析】试题分析：（1）利用直接开方法解方程即可；（2）利用公式法解方程即可；（3）利用因式分解法解方程即可；（4）利用因式分解法解方程即可；试题解析：（1）（x﹣2）2=∴x﹣2=±x1=，x2=﹣（2）∵a=1，b=﹣5，c=﹣7，∴△=25+28=53＞0，∴x=x1=，x2=（3）整理得：2x2﹣3x﹣5=0，∴（x+1）（2x﹣5）=0，∴x+1=0或2x﹣5=0，x1=﹣1，x2=（4）3x（x﹣2）+2（x﹣2）=0（x﹣2）（3x+2）=0，∴x﹣2=0或3x+2=0，∴x1=2，x2=﹣．20. 已知方程x2+kx﹣12=0的一个根为2，求k的值及方程的另外一个根？【答案】k的值为4，方程的另一根为﹣6【解析】试题分析：由一元二次方程的解的定义，将x=2代入已知方程，列出关于k的新方程，通过解新方程即可求得k的值；利用根与系数的关系即可求得原方程的另一根．试题解析：∵方程x2+kx-12=0的一个根为2，∴x=2满足方程x2+kx-12=0，∴4+2k-12=0，解得，k=4．设方程的另一根为x，则2x=-12，解得，x=-6；即k的值是4，方程的另一根是-6．21. 已知一抛物线与x轴的交点是A（﹣2，0），B（1，0），且经过点C（2，8）．（1）求该抛物线的解析式．（2）求该抛物线的顶点坐标．（3）直接写出当y＞8时，x的取值范围．【答案】（1）y=2x2+2x﹣4；（2）（﹣，﹣）；（3）当y＞8时，x的取值范围是x＜﹣3或x＞2【解析】试题分析：（1）设交点式y=a（x+2）（x-1），然后把C点坐标代入求出a的值即可得到抛物线解析式；（2）把（1）中的解析式配成顶点式即可得到抛物线顶点坐标；（3）先求出点C（2，8）关于对称轴x=-的对称点为（-3，8），再根据二次函数的性质即可求解．试题解析：（1）折抛物线解析式为y=a（x+2）（x﹣1），把C（2，8）代入得a•4•1=8，解得a=2，所以抛物线解析式为y=2（x+2）（x﹣1），即y=2x2+2x﹣4；（2）y=2x2+2x﹣4=2（x+）2﹣，所以抛物线的顶点坐标为（﹣，﹣）；（3）∵y=2x2+2x﹣4=2（x+）2﹣，∴对称轴是直线x=﹣a=2＞0开口向上，∴点C（2，8）关于对称轴的对称点为（﹣3，8），∴当y＞8时，x的取值范围是x＜﹣3或x＞2．22. 如图，△ABC三个顶点的坐标分别为A（1，1），B（4，2），C（3，4）．（1）请画出△ABC关于原点对称的△A1B1C1；并写出点A1，B1，C1的坐标．（2）请画出△ABC绕O顺时针旋转90°后的△A2B2C2，并写出点A2，B2，C2的坐标．【答案】（1）A1（﹣1，﹣1），B1（﹣4，﹣2），C1（﹣3，﹣4）；（2）图见解析，A2（1，﹣1），B2（2，﹣4），C2（4，﹣3）【解析】试题分析：（1）利用关于原点对称点的性质得出对应点位置进而得出答案；（2）利用旋转的性质得出旋转后点的坐标进而得出答案．试题解析：（1）如图所示，△A1B1C1即为所求，A1（﹣1，﹣1），B1（﹣4，﹣2），C1（﹣3，﹣4）；（2）如图所示，△A2B2C2即为所求，A2（1，﹣1），B2（2，﹣4），C2（4，﹣3）．23. 面对国际金融危机．某铁路旅行社为吸引市民组团去某风景区旅游，现推出如下标准：某单位组织员工去该风景区旅游，设有x人参加，应付旅游费y元．（1）请写出y与x的函数关系式；（2）若该单位现有45人，本次旅游至少去26人，则该单位最多应付旅游费多少元？【答案】（1）见解析；（2）该单位最多应付旅游费49500元【解析】试题分析：（1）显然分三部分表示；（2）根据人数对应找函数关系式，运用函数性质求解．试题解析：（1）由题意可知：当0≤x≤25时，y=1500x．当25＜x≤50时，y=x[1500﹣20（x﹣25）]即y=﹣20x2+2000x当x＞50时，y=1000x．（2）由题意，得26≤x≤45，所以选择函数关系式为：y=﹣20x2+2000x．配方，得y=﹣20（x﹣50）2+50000．∵a=﹣20＜0，所以抛物线开口向下．又因为对称轴是直线x=50．∴当x=45时，y有最大值，即y﹣20×（45﹣50）2+50000=49500（元）最大值=因此，该单位最多应付旅游费49500元．【点睛】解题关键是重点搞清楚所求问题对应的函数关系式，再应用性质求解．24. 如图，点O是等边△ABC内一点，∠AOB=110°，∠BOC=α，将△BOC绕点C顺时针方向旋转60°，到△ADC，连接OD．（1）求证：△COD是等边三角形；（2）当α=150°时，试判断△AOD的形状，并说明理由．（3）探索：当α为多少度时，△AOD是等腰三角形．【答案】（1）见解析；（2）△AOD是直角三角形；（3）当α的度数为125°或110°或140°时，△AOD是等腰三角形【解析】试题分析：（1）根据旋转的性质可得出，结合题意即可证得结论；（2）结合（1）的结论可作出判断；（3）找到变化中的不变量，然后利用旋转及全等的性质即可做出解答．试题解析：(1)证明：∵将△BOC绕点C按顺时针方向旋转得△ADC，∴CO=CD,∠OCD=，∴△COD是等边三角形，(2)当时，△AOD是直角三角形.理由是：∵将△BOC绕点C按顺时针方向旋转60得△ADC，∴△BOC≌△ADC，又∵△COD是等边三角形，∴∠ODC=，∴△AOD不是等腰直角三角形，即△AOD是直角三角形。
精品解析：【全国校级联考】天津市河东区2017届九年级中考预测数学试题(含答案)(解析版)
2017年九年级数学中考预测题一、选择题：1. 计算（﹣3）﹣（﹣5）=（）A. 2B. ﹣2C. 8D. ﹣8【答案】A【解析】，故选A.2. 把锐角△ABC的各边都扩大2倍得△A′B′C′,那么∠A、∠A′的余弦值关系是（）A. cosA=cosA′B. cosA=2cosA′C. 2cosA=cosA′D. 不确定的【答案】A【解析】根据锐角三角函数的概念知：把Rt△ABC各边的长度都扩大2倍，那么它们的余弦值不变。
故选A.3. 下列图形中既是中心对称图形又是轴对称图形的是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】A. 是轴对称图形。
不是中心对称图形，因为找不到任何这样的一点，旋转180度后它的两部分能够重合；即不满足中心对称图形的定义，故此选项错误；B. 是轴对称图形,不是中心对称图形，因为找不到任何这样的一点，旋转180度后它的两部分能够重合；即不满足中心对称图形的定义，故此选项错误；C. 是轴对称图形。
不是中心对称图形，因为找不到任何这样的一点，旋转180度后它的两部分能够重合；即不满足中心对称图形的定义，故此选项错误；D. 是轴对称图形，又是中心对称图形。
故此选项正确。
故选：D.4. 用四舍五入法对2.06032分别取近似值，其中错误的是（）A. 2.1（精确到0.1）B. 2.06（精确到千分位）C. 2.06（精确到百分位）D. 2.0603（精确到0.0001）【答案】B【解析】A. 2.06032精确到0.1得2.1，故本选项不正确；B. 2.06032精确到千分位得2.060，故本选项正确；C. 2.06032精确到百分位得2.06，故本选项不正确；D. 2.06032精确到0.0001得2.0603，故本选项不正确。
故选B.5. 如图所示的几何体的俯视图是（）学.科.网...A. B. C. D.【答案】B【解析】试题分析：俯视图为两个长方形，中间的这一条是实线.考点：三视图6. 关于的下列说法中错误的是（）A. 是无理数B. 3＜＜4C. 是12的算术平方根D. 不能化简【答案】D【解析】A. 是一个无理数，故A正确，与要求不符；B. 9<<16,故3<<4，故B正确，与要求不符；C. 是12的算术平方根，故C正确，与要求不符；D. =，故D错误，与要求相符。
精品解析：天津市河东区2017-2018学年九年级(上)期中数学试卷(解析版)
A.x(x+1)＝182B.x(x﹣1)＝182
C.x(x+1)＝182×2D.x(x﹣1)＝182×2
【答案】B
【解析】
试题解析：根据题意得x (x -1 ) =182．
∴x1=2 ,x2=﹣ ．
20.方程x2+kx﹣12 =0的一个根为2,求k的值及方程的另外一个根?
A. 70°B. 65°C. 60°D. 55°
【答案】B
【解析】
【分析】
根据图形旋转的性质得AC =A′C,∠ACA′=90° ,∠B =∠A′B′C,从而得∠AA′C =45° ,结合∠1 =20° ,即可求解．
【详解】∵将Rt ABC绕直角项点C顺时针旋转90°,得到 A' B'C,
∴AC =A′C,∠ACA′=90° ,∠B =∠A′B′C,
18.如图,平行于x轴的直线AC分别交抛物线y1=x2(x≥0)与y2= (x≥0)于B、C两点,过点C作y轴的平行线交y1于点D,直线DE∥AC,交y2于点E,那么 =______．
【答案】3﹣
【解析】
分析】
首|先设点B的横坐标,由点B在抛物线y1=x2(x≥0)上,得出点B的坐标,再由平行,得出A和C的坐标,然后由CD平行于y轴,得出D的坐标,再由DE∥AC,得出E的坐标,即可得出DE和AB,进而得解.
∴该二次函数的抛物线开口向下,且对称轴为：x =﹣1．
∵A (﹣2,y1) ,B (1 ,y2) ,C (2 ,y3)是抛物线y =﹣ (x+1 )2+k上的三点,
而三点横坐标离对称轴x =3的距离按由近到远为：
天津市河东区2017年中考数学模拟试卷有答案(2)有答案
2017年九年级数学中考模拟试卷一、选择题：1.实际测量一座山的高度时，可在若干个观测点中测量每两个相邻可视观测点的相对高度，然后用这些相对高度计：90米80米－60米50米－70米40米A.210米B.130米C.390米D.－210米2.的值等于（）.A. B. C. D.3.下列图形中，既是轴对称图形又是中心对称图形的是（）A． B． C． D．4.“厉行勤俭节约，反对铺张浪费”势在必行,最新统计数据显示,中国每年浪费食物总量折合粮食大约是230000000人一年的口粮,将230000000用科学记数法表示为( )A.2.3×109B.0.23×109C.2.3×108D.23×1075.下图是一个由相同小正方体搭成的几何体的俯视图，若小正方形中的数字表示该位置上的小正方体的个数，则这个几何体的主视图是（）6.﹣8的立方根是（）A.2B.﹣2C.±2D.﹣7.若，则（）A．m=6，n=1 B．m=4，n=1 C．m=2，n=1 D．m=2，n=08.已知关于x的一元二次方程x2＋2x＋a-1=0有两根为x和x2，且x12-x1x2=0，则a的值是( )1A.a=1B.a=1或a=-2C.a=2D.a=1或a=29.要使式子有意义,则x的取值范围是( )A.x>0B.x≥-2C.x≥2D.x≤210.下列给出的条件中，不能判断四边形ABCD是平行四边形的是（）A.AB∥CD，AD=BCB.∠A=∠C，∠B=∠DC.AB∥CD，AD∥BCD.AB=CD，AD=BC11.若函数y=x2m＋1为反比例函数，则m的值是( )A.1B.0C.0.5D.-112.如图，半圆A和半圆B均与y轴相切于O，其直径CD，EF均和x轴垂直，以O为顶点的两条抛物线分别经过点C，E和点D，F，则图中阴影部分面积是（）A.πB.0.5πC.πD.条件不足，无法求二、填空题：13.分解因式：x2y﹣y= ．14.如果最简二次根式与是同类根式，那么15.在一个不透明的布袋中装有红色、白色玻璃球共40个，除颜色外其他完全相同.小明通过多次摸球试验后发现，其中摸到红色球的频率稳定在15%左右，则口袋中红色球可能有个．16.若一次函数y=-2x＋b(b为常数)的图象经过第二、三、四象限，则b的值可以是________(写出一个即可)．17.如图,菱形ABCD和菱形ECGF的边长分别为2和4,∠A=120°.则阴影部分面积是．（结果保留根号）18.如图，已知E（﹣4，2），F（﹣1，﹣1），以O为位似中心，按比例尺1：2，把△EFO缩小，则点E的对应点E′的坐标为．三、解答题：19.解不等式组：20.为响应国家的“一带一路”经济发展战略，树立品牌意识，我市质检部分对A、B、C、D四个厂家生产的同种型号的零件共2000件进行合格率检测，通过检测得出C厂家的合格率为95%，并根据检测数据绘制了如图1、图2两幅不完整的统计图．（1）抽查D厂家的零件为件，扇形统计图中D厂家对应的圆心角为；（2）抽查C厂家的合格率零件为件，并将图1补充完整；（3）通过计算说明合格率排在前两名的是哪两个厂家；（4）若要从A、B、C、D四个厂家中，随机抽取两个厂家参加德国工业产品博览会，请用“列表法”或“画树形图”的方法求出（3）中两个厂家同时被选中的概率．21.如图，Rt△ABC中，∠ABC=90°，以AB为直径的⊙O交AC于点D，E是BC的中点，连接DE、OE．（1）试判断DE与⊙O的位置关系并证明；（2）求证：BC2=2CD•OE；（3）若tanC=，DE=2，求AD的长．22.某国发生8.1级强烈地震，我国积极组织抢险队赴地震灾区参与抢险工作，如图，某探测对在地面A、B两处均探测出建筑物下方C处由生命迹象，已知探测线与地面的夹角分别是25°和60°，且AB=4米，求该生命迹象所在位置C的深度．（结果精确到1米，参考数据：sin25°≈0.4，cos25°≈0，9，tan25°≈0.5，≈1.7）23.为常数，且3≤a≤5.(1) 若产销甲乙两种产品的年利润分别为y1万元、y2万元，直接写出y1、y2与x的函数关系式(2) 分别求出产销两种产品的最大年利润(3) 为获得最大年利润，该公司应该选择产销哪种产品？请说明理由四、综合题：24.如图①，在Rt△ ABC和Rt△CED中，∠ABC=∠CED=90°，点E在AC上．点D在BC上，点F为AD的中点，连接BF、EF.观察与发现：(1)线段BF和EF的数量关系是．拓广与探索：(2)如图②，把图①中的△CED绕着点C顺时针旋转，使点E落在边BC的延长线上，点F为AD的中点，则(1)中发现的结论是否成立？若成立．请给予证明；若不成立．请说明理由．(3)如图③，把图①中的△CED绕着点C顺时针旋转，使点D落在边AC上，点F为AD的中点，则(1)中发现的结论是否还成立？若成立．请给予证明；若不成立．请说明理由．25.如图，在直角坐标系中，抛物线经过点A（0，4），B（1，0），C（5，0），其对称轴与x轴相交于点M．（1）求抛物线的解析式和对称轴；（2）在抛物线的对称轴上是否存在一点P，使△PAB的周长最小？若存在，请求出点P的坐标；若不存在，请说明理由；（3）连接AC，在直线AC的下方的抛物线上，是否存在一点N，使△NAC的面积最大？若存在，请求出点N的坐标；若不存在，请说明理由．参考答案1.A2.C3.B4.C5.A6.B7.C8.D9.D10.A11.D12.B13.答案为：y（x+1）（x﹣1）．14.答案为：0.215.答案为：6．16.答案为：－1(答案不唯一，满足b＜0即可)；17.答案为：18.答案为：（﹣2，1）或（2，﹣1）19.略20.解：（1）D厂的零件比例=1﹣20%﹣20%﹣35%=25%，D厂的零件数=2000×25%=500件；D厂家对应的圆心角为360°×25%=90°；（2）C厂的零件数=2000×20%=400件，C厂的合格零件数=400×95%=380件，（3）A厂家合格率=630÷（2000×35%）=90%，B厂家合格率=370÷（2000×20%）=92.5%，C厂家合格率=95%，D厂家合格率470÷500=94%，合格率排在前两名的是C、D两个厂家；（4）根据题意画树形图如下：共有12种情况，选中C、D的有2种，则P（选中C、D）=1/6．21.（1）解：DE与⊙O相切．理由如下：连接OD，BD．又∵OD=OB ，∴∠OBD=∠ODB ，∴∠EDO=∠EBO=90°，即OD ⊥DE ，∴DE 与⊙O 相切；（2）证明：∵E 是BC 的中点，O 点是AB 的中点，∴OE 是△ABC 的中位线，∴AC=2OE ，∵∠ACB=∠BCD ，∴Rt △ABC ∽Rt △BDC ，∴=，即BC 2=CD •AC ，∴BC 2=2CD •OE ； （3）解：在Rt △BDC 中，∵DE=BE=EC ，∴BC=2DE=4，∵tanC==，∴设BD=x ，CD=2x ，∵BD 2+CD 2=BC 2，∴（x ）2+（2x ）2=42，解得x=±（负值舍去）， ∴x=，∴BD=x=，在Rt △ABD 中，∵∠ABD=∠C ，∴tan ∠ABD=tan ∠C ，∴=，∴AD=BD=．22.解：作CD ⊥AB 交AB 延长线于D ，设CD=x 米．在Rt △ADC 中，∠DAC=25°，所以tan25°==0.5，所以AD==2x ． Rt △BDC 中，∠DBC=60°，由tan 60°==，解得：x ≈3．即生命迹象所在位置C 的深度约为3米．23.略24.解：(2)结论BF ＝EF 成立．证明：如图①，过点F 作FG ⊥BE 于点G ，∴∠FGB ＝90°，图①∵∠ABC ＝90°，∴∠ABC ＋∠FGB ＝180°，∴FG ∥AB.又∵∠CED ＝90°，∴∠CED ＝∠BGF.∴FG ∥DE.∴AB ∥FG ∥DE.∴GE BG ＝FD AF.∵点F 是AD 的中点，∴AF ＝FD.∴BG ＝BE.又∵FG ⊥BE ，∴BF ＝EF ；(3)结论BF ＝EF 成立．证明：如图②，过点F 作FM ⊥BC 于点M ，过点D 作DN ⊥BC 于点N ，连接FN.∴∠FMC ＝∠DNC ＝90°.图②∵△CDE 绕着点C 顺时针旋转，使点D 落在边AC 上，∴∠DCN=∠DCE.在△CDN 和△CDE 中，DC ＝DC ∠DCN ＝∠DCE，∠NCF ＝∠ECF25.解：（1）根据已知条件可设抛物线的解析式为y=a（x﹣1）（x﹣5），把点A（0，4）代入上式得：a=0.8，∴y=0.8（x﹣1）（x﹣5）=0.8x2﹣4.8x+4=0.8（x﹣3）2﹣4.8，∴抛物线的对称轴是：x=3；（2）P点坐标为（3，1.6）．理由如下：∵点A（0，4），抛物线的对称轴是x=3，∴点A关于对称轴的对称点A′的坐标为（6，4）如图1，连接BA′交对称轴于点P，连接AP，此时△PAB的周长最小．设直线BA′的解析式为y=kx+b，把A′（6，4），B（1，0）代入得6k+b=4,k+b=0，解得k=0.8,b=-0.8，∴y=0.8x﹣0.8，∵点P的横坐标为3，∴y=0.8×3﹣0.8=1.6，∴P（3，1.6）．（3）在直线AC的下方的抛物线上存在点N，使△NAC面积最大．设N点的横坐标为t，此时点N（t，0.8 t2﹣4.8t+4）（0＜t＜5），如图2，过点N作NG∥y轴交AC于G；作AD⊥NG于D，由点A（0，4）和点C（5，0）可求出直线AC的解析式为：y=﹣0.8x+4，把x=t代入得：y=﹣0.8t+4，则G（t，﹣0.8t+4），此时：NG=﹣0.8t+4﹣（0.8t2﹣4.8t+4）=﹣0.8t2+4t，∵AD+CF=CO=5，∴S△ACN=S△ANG+S△CGN=0.5AM×NG+0.5NG×CF=0.5NGOC=0.5×（﹣0.8t2+4t）×5=﹣2t2+10t=﹣2（t﹣2.5）2+12.5，∴当t=2.5时，△CAN面积的最大值为12.5，由t=2.5，得：y=0.8t2﹣4.8t+4=﹣3，∴N（2.5，﹣3）．。
天津市河东区中考数学一模试卷含解析
2018 年天津市河东区中考数学一模试卷一、选择题（本大题共 12 小題，每题3 分，共 36 分，在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项吻合题目要求的 ）1．（3 分）计算﹣ 3+10=（）A ．﹣ 30B ．﹣ 13C ．﹣ 7D ． 72．（3 分） 2cos30 °的值等于（ ）A ．1B ．C ．D ．23．（3 分）下面图形中，是中心对称图形的是（ ）A ．B ．C ．D ．4．（ 3 分）中共十九大召开期间， 十九大代表纷纷利用休息时间到达北京展览馆，参观 “砥砺奋进的五年 ”大型成就展，据统计， 9 月下旬开幕至 10 月 22 日，展览累计参观人数已经高出 78 万，请将 780000 用科学记数法表示为（）A ．78×104B ．×105C ．×106D ．× 1065．（ 3 分）如图，是由五个相同的小正方体组成的立体图形，其俯视图是（）A ．B ．C ．D ．6．（3 分）估计的值在（）A ．2和3之间B ．3和4之间C ．4和5之间D ．5和 6之间7．（3 分）计算﹣ 的结果是（ ）A ．1B ．﹣1C ．2D ．﹣ 28．（3 分）方程 x 2﹣2x=3 可以化简为（ ）．（ ﹣ ）（ ） =0 ．（ ）（﹣） 2 =2 2+4=0 A x 3 x+1 B x+3 x 1 =0 C ．（x ﹣1） D ．（x ﹣1）9．（3 分）如图，将△ ABC 绕点 A 逆时针旋转 100°，获取△ ADE ．若点 D 在线段BC的延长线上，则∠ B 的大小为（）A．30°B．40°C．50°D．60°10．（ 3 分）点 A（﹣ 3，y1），B（﹣ 1，y2），C（1，y3）都在反比率函数y=﹣的图象上，则 y1， y2， y3的大小关系是（）A．y 1＜y2＜y3． 3 ＜y2＜y1． 3＜y1＜y2．2＜y1＜y3B yC yD y11．（3 分）如图，在底边 BC为 2，腰 AB为 2 的等腰三角形 ABC中，DE 垂直均分 AB 于点 D，交 BC于点 E，则△ ACE的周长为（）A．2+B．2+2C．4D． 312．（ 3 分）二次函数y=x2﹣bx+b﹣2 图象与x 轴交于点A（x1，0），B（x2，0），且 0＜x1＜1，2＜x2＜3，则满足条件的 b 的取值范围是（）A．b＞﹣ 1 B．1＜b＜2 C．D．二、填空题（本大题共 6 小磁，每题 3 分，共 18 分）13．（ 3分）（﹣ p）2?（﹣ p）3=．14．（ 3分）计算：=．15．（3 分）一个不透明的盒子中装有2 个白球， 5 个红球和 3 个黄球，这些球除颜色外，没有任何其他差异，现从这个盒子中随机摸出一个球，摸到红球的概率为．16．（ 3 分）请写出一个过点（ 0， 1），且 y 随着 x 的增大而减小的一次函数剖析式．17．（ 3 分）如图，正方形ABCD，点 E，F 分别在 AD， CD上， BG⊥EF，点 G 为垂足， AB=5，AE=1，CF=2，则 BG=．18．（ 3 分）在以下列图的网格中，每个小正方形的边长都为为格点．（Ⅰ）△ ABC的面积等于．（Ⅱ）请借助无刻度的直尺，在以下列图的网格中画出△垂直均分线，并简要说明你是怎么画出来的：．1，点 A、B、C 均ABC的角均分线 BD 的三、解谷题（本大题共 7 小题，共 66 分.解答应写出文字说明、演算步骤或推理过程）19．（ 8 分）解不等式组请结合题意填空，完成本题的解答：（ I）解不等式（1）；（Ⅱ）解不等式（2）；（Ⅲ）把不等式（ 1）和（ 2）的解集在数轴上表示出来：（Ⅳ）原不等式组的解集为．20．（8 分）某高校学生会向全校2900 名学生倡导了“爱心一日捐”捐款活动，为认识捐款情况，学生会随机检查了部分学生的捐款金额，并用获取的数据绘制了以下统计图①和图②，请依照相关信息，解答以下问题：（ I）本次接受随机抽样检查的学生人数为，图①中m的值是（Ⅱ）求本次检查获取的样本数据的平均数、众数和中位数；（Ⅲ）依照样本数据，估计该校本次活动捐款金额不高出10 元（包括学生人数．；10 元）的21．（ 10 分）如图， PA、PB 是⊙ O 的切线， A，B 为切点，∠ APB=60°，连接PO 并延长与⊙ O 交于 C 点，连接 AC、BC．（Ⅰ）求∠ ACB的大小；（Ⅱ）若⊙ O 半径为 1，求四边形 ACBP的面积．22．（ 10 分）小明为了测量楼房 AB 的高度，他从楼底的 B 处沿着斜坡向上行走20m，到达坡顶 D 处．已知斜坡的坡角为15°．（以下计算结果精确到）（1）求小明此时与地面的垂直距离 CD的值；（2）小明的身高 ED是，他站在坡顶看楼顶 A 处的仰角为 45°，求楼房 AB的高度．（sin15 °≈cos15°≈tan≈）23．（ 10 分）“五四”青年节期间，校团委对团员参加活动情况进行表彰，计划分为优秀奖和贡献奖，为此联系印刷公司设计了两种奖状，A，B 两家公司都为学校提出了相同规格和单价的两种奖状，其中优秀奖的奖状 6 元/ 张，贡献奖的奖状 5 元 / 张，经过协商， A 公司的优惠条件是：两种奖状都打八折，但要收制版费 50 元； B 公司的优惠条件是：两种奖状都打九折；依照学校要求，优秀奖的个数是贡献奖的 2 倍还多 10 个，若是设贡献奖的个数是 x 个．（ 1）分别写出校团委购买 A， B 两家印刷厂所需要的总花销 y1（元）和 y2（元）与贡献奖个数 x 之间的函数关系式；（ 2）校团委选择哪家印刷公司比较合算？请说明原由．24．（ 10 分）如图 1，在平面直角坐标系中，O 是坐标原点，长方形OACB的顶点 A、B 分别在 x 轴与 y 轴上，已知 OA=6，OB=10．点 D 为 y 轴上一点，其坐标为（ 0，2），点 P 从点 A 出发以每秒 2 个单位的速度沿线段 AC﹣ CB的方向运动，当点 P 与点 B 重合时停止运动，运动时间为 t 秒．（ 1）当点 P 经过点 C 时，求直线 DP 的函数剖析式；（ 2）①求△ OPD的面积 S 关于 t 的函数剖析式；②如图②，把长方形沿着 OP 折叠，点 B 的对应点 B′恰好落在 AC 边上，求点 P的坐标．（ 3）点 P 在运动过程中可否存在使△BDP 为等腰三角形？若存在，央求出点P 的坐标；若不存在，请说明原由．25．（10 分）在平面直角坐标系xOy 中，抛物线 y=x2+bx+c 与 x 轴交于点 A，B（A 在 B 的左侧），抛物线的对称轴为直线 x=1，AB=4．（ 1）求抛物线的表达式；（2）抛物线上有两点 M（ x1，y1）和 N（x2，y2），若 x1＜1，x2＞ 1， x1 +x2＞ 2，试判断 y1与 y2的大小，并说明原由；（ 3）平移该抛物线，使平移后的抛物线经过点O，且与 x 轴交于点 D，记平移后的抛物线极点为点P①若△ ODP是等腰直角三角形，求点P 的坐标；②在①的条件下，直线x=m（0＜m＜3）分别交线段 BP、BC于点 E、F，且△ BEF 的面积：△ BPC的面积 =2：3，直接写出 m 的值．2018 年天津市河东区中考数学一模试卷参照答案与试题剖析一、选择题（本大题共12 小題，每题 3 分，共 36 分，在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项吻合题目要求的）1．【解答】解：﹣ 3+10=+（ 10﹣3）=7，应选： D．2．【解答】解： 2cos30°=2×=．应选： C．3．【解答】解： A、不是中心对称图形；B、不是中心对称图形；C、不是中心对称图形；D、是中心对称图形．应选： D．4．【解答】解：×105，应选： B．5．【解答】解：从上面看易得：有 3 列小正方形第 1 列有 1 个正方形，第 2 列有 2 个正方形，第3 列有1 个正方形，且只有中间的小正方形在下面，进而得出答案即可，应选： A．6．【解答】解：∵ 25＜27＜ 36，∴5＜＜6，∴2＜﹣3＜3，即2和3之间．应选： A．7．【解答】解：原式 ==﹣=﹣1．应选： B．8．【解答】解： x2﹣2x=3，（x﹣3）（x+1）=0，应选： A．9．【解答】解：依照旋转的性质，可得：AB=AD，∠ BAD=100°，∴∠ B=∠ ADB= ×（ 180°﹣100°） =40°．应选： B．10．【解答】解：当 x=﹣3 时， y1=1，当x=﹣1 时，y2=3，当 x=1 时， y3=﹣ 3，∴ y3＜y1＜y2应选： C．11．【解答】解：∵ DE垂直均分 AB，∴BE=AE，∴AE+CE=BC=2 ，∴△ACE的周长 =AC AE CE=ACBC=2 2，++++应选： B．12．【解答】解：由题意可得，，解得， 2＜b＜，应选： C．二、填空题（本大题共 6 小磁，每题 3 分，共 18 分）13．【解答】解：（﹣ p）2?（﹣ p）3=（﹣ p）2+3=（﹣ p）5=﹣p5；故答案是：﹣ p5．14．【解答】解：原式 =25﹣2×5×3 +（3）2=25﹣30+18=43﹣30．15．【解答】解：依照题意可得：一个不透明的盒子中装有个黄球，共 10 个，摸到红球的概率为：=．2 个白球， 5 个红球和3故答案为：．16．【解答】解：设该一次函数的剖析式为y=kx+b．∵y 随着x 的增大而减小，∴ k＜ 0，取 k=﹣1．∵点（0，1）在一次函数图象上，∴ b=1．故答案为： y=﹣ x+1．17．【解答】解：如图，连接 BE、 BF．∵四边形 ABCD是正方形，∴AB=BC=CD=AD=5，∵ AE=1， AF=2，∴DE=4， DF=3，∴ EF==5，∵S△BEF= ?EF?BG=S正方形ABCD﹣S△ABE﹣S△BCF﹣S△DEF，∴? 5?BG=25﹣ ?5?1﹣ ?5?2﹣ ?3?4，∴BG= ，故答案为18．，【解答】解：（Ⅰ）△ ABC的面积= 故答案为： 6；（Ⅱ）以下列图：先画出△ ABC的角均分线 BD，再画出 BD 的垂直均分线即可；故答案为：先画出△ ABC的角均分线 BD，再画出 BD的垂直均分线．三、解谷题（本大题共 7 小题，共 66 分.解答应写出文字说明、演算步骤或推理过程）19．【解答】解：，（Ⅰ）解不等式①得： x＜2，（Ⅱ）解不等式②得： x≥﹣ 4，（Ⅲ）把不等式①和②的解集在数轴上表示出来如图：（Ⅳ）原不等式组的解集为：﹣4≤ x＜2，故答案为：（Ⅰ） x＜2；（Ⅱ） x≥﹣ 4；（Ⅳ）﹣ 4≤x＜2．20．【解答】解：（I）检查的学生数是： 4÷8%=50（人），m= ×100=32．故答案是： 50， 32；（Ⅱ）平均数是：=16（元），由于捐款 10 元人数最多，所以众数是10 元，中位数为第 25、 26 个数据的平均数，因其中位数是=15 元；（Ⅲ）估计该校本次活动捐款金额不高出10 元（包括 10 元）的学生人数2900×=1160（人）．21．【解答】解：（Ⅰ）连接 OA，如图，∵PA、PB 是⊙ O 的切线，∴OA⊥ AP，OP 均分∠ APB，∴∠ APO= ∠APB=30°，∴∠ AOP=60°，∵OA=OC，∴∠ OAC=∠OCA，∴∠ ACO=AOP=30°，同理可得∠ BCP=30°，∴∠ ACB=60°；（Ⅱ）在 Rt△OPA中，∵∠ APO=30°，∴AP= OA= ， OP=2OA=2，∴OP=2OC，而 S△OPA= × 1×，∴S△AOC= S△PAO= ，∴S△ACP=，∴四边形 ACBP的面积 =2S△ACP=．22．【解答】解：（1）在 Rt△BCD中，∵∠ CBD=15°，BD=20，∴CD=BD?sin15°，∴CD≈；答：小明与地面的垂直距离CD的值是；（2）在 Rt△ AFE中，∵∠AEF=45°，∴ AF=EF=BC，由（ 1）知， BC=BD?cos15°≈（m），∴（m）．答：楼房 AB 的高度是．23．【解答】解：（1）由题意 y1（ 2x+10）+4x+50=13.6x+98，y2（2x+10） +4.5x=15.3x+54．（2）当 y1＞ y2时， 13.6x+98＞ 15.3x+54，解得 x＜25 ，∵ x 为整数，∴当贡献奖个数小于等于25 个时，选 B 公司比较合算；当贡献奖个数大于25个时，选 A 公司比较合算．24．【解答】解：（1）∵ OA=6，OB=10，四边形 OACB为长方形，∴C（6，10）．设此时直线 DP 剖析式为 y=kx+b，把（ 0，2）， C（ 6， 10）分别代入，得，解得则此时直线 DP 剖析式为 y=x+2；（ 2）①当点 P 在线段 AC 上时， OD=2，高为 6，S=6；当点 P 在线段 BC 上时， OD=2，高为 6+10﹣2t=16﹣ 2t ，S= × 2×（ 16﹣ 2t）=﹣2t+16；②设 P（m， 10），则 PB=PB′=m，如图 2，∵OB′=OB=10，OA=6，∴ AB′==8，∴B′C=10﹣8=2，∵ PC=6﹣ m，∴m2=22+（ 6﹣m）2，解得 m=则此时点 P 的坐标是（，10）；（ 3）存在，原由于：若△ BDP为等腰三角形，分三种情况考虑：如图3，①当 BD=BP1=OB﹣OD=10﹣ 2=8，在Rt△BCP 中， BP11=8，BC=6，依照勾股定理得： CP=2，1 =∴ AP1=10﹣ 2，即 P1（6，10﹣2）；②当 BP2=DP2时，此时 P2（6，6）；③当 DB=DP3=8 时，在 Rt△DEP3中， DE=6，依照勾股定理得： P3E==2 ，∴AP3=AE+EP3=2 +2，即 P3（6，2 +2），综上，满足题意的P 坐标为（ 6，6）或（ 6， 2 +2）或（ 6，10﹣2）．25．【解答】解：（1）∵抛物线的对称轴为直线x=1， AB=4，∴A（﹣ 1，0），B（3，0），∴抛物线剖析式为y=（ x+1）（ x﹣3），即 y=x2﹣2x﹣3；（2）y1＜y2；原由以下：∵ x1＜1，x2＞1，∴ M、N 在对称轴的两侧，∵x1+x2＞ 2，∴x2﹣1＞1﹣x1，∴点 N 到直线 x=1 的距离比 M 点到直线 x=1 的距离远，∴y1＜y2；（3）①作 PH⊥x 轴于 H，∵△ OPD为等腰直角三角形，∴PH=OH=OD，当点 D 在 x 轴的正半轴上，如图1，设 P（ m，﹣ m），则 D（2m，0），设抛物线的剖析式为y=x（ x﹣2m），把P（m，﹣m）代入得m（m﹣2m）=﹣m，解得m1=0（舍去），m2=1，即P（1，﹣1）；当点 D 在 x 轴的负半轴上，如图 2，设 P（ m，m），则 D（ 2m， 0），设抛物线的剖析式为 y=x（ x﹣2m），把 P（m，m）代入得 m（m﹣ 2m） =m，解得 m1=0（舍去），m2=﹣ 1，即 P（﹣1，﹣ 1）；综上所述， P 点坐标为（ 1，﹣ 1）或（﹣ 1，﹣ 1）；②当点 D 在 x 轴的正半轴上，如图 1，延长 HP 交 BC于 Q，设直线 BP的剖析式为 y=px+q，把 B（3，0）， P（ 1，﹣ 1）代入得，解得，∴直线 BP的剖析式为 y= x﹣，易得直线 BC的剖析式为 y=x﹣ 3；则 Q（1，﹣ 2），E（m，m﹣），F（m，m﹣3），S△PBC=×1×3=，∵△ BEF的面积：△ BPC的面积 =2： 3，∴S△BEF=1，∴（﹣ m+ ）（3﹣m）=1，解得 m1=5（舍去）， m2=1；当点 D 在 x 轴的负半轴上，如图 2，延长 HP 交 BC于 Q，同理可得直线 BP 的剖析式为 y= x﹣，则 Q（﹣ 1，﹣ 4），E（m， m﹣）， F（ m，m﹣3），S△PBC=×3×3=，∵△ BEF的面积：△ BPC的面积 =2： 3，∴S△BEF=3，∴（﹣m+）（3﹣m）=3，解得m1=3+2（舍去），m2=3﹣2，综上所述， m 的值为 1 或 3﹣2．。
2017年天津中考各区一模、二模、三模真题汇编--三角函数专题.docx
2017年天津中考模拟真题汇编•-三角函数专题22.（和平一模）如图，某幢大楼顶部有一块广告牌CD,在A 处测得D 点的仰角为45。
，在B 处测得C 点的仰角为60。
，A, B, E 三点在一条直线上，且与地而平行，若AB=8m, BE=15m, 求这块广告牌CD 的高度.（取辰1.73,保留整数）答：这块广告牌的高度约为3m.22.（和平二模）如图，长方形广告牌架在楼房顶部，已知CD=2m,经测量得到ZCAH=37°, ZDBH=60°, AB=10m,求 GH 的长.（参考数据：tan37°~0.75,需V732,结果精确到 0.1m ） 10w B H答：GH 的长为7.8m.22.（和平三模）（10分）如图，大楼AB 高16m,远处有一塔CD,某人在楼底B 处测得塔顶 C 的仰角为39。
，在楼顶A 处测得塔顶的仰角为22。
，求塔高CD 的高.（结果保留小数后一 位）参考数据：sin22°a0.37, cos22° = 0.93, tan22°^0.40, si39° = 0.63, cos39°~0.78, tan39° ^0.81.BD答：塔高CD 是31.6米. □□□□□□□□22.（河北一模）（10分）如图，某渔船航行至B处时，侧得一海岛位于B处的正北方向20 （1+V3）海里的C处，为了防止意外，渔船请求A处的渔监船前往C处护航，已知C位于A处的北偏东45。
方向上，A位子B的北偏西300的方向上，求A, C之间的距离.答：A、CZ间的距离为20血每里.22.（河北二模）（10分）如图，某社会实践活动小组地测量两岸互相平行的一段河的宽度, 在河的南岸边点A处，测得河的北岸点B在其北偏东45。
方向，然后向西走60m到达C点，测得点B在点C的北偏东60。
方向（I ）求ZCBA的度数（II ）求出这段河的宽（结果精确到lm,备用数据V2^1.41, 73^1.73）答：ZCBA=15°；这段河的宽是82m.22.（河东一模）（10分）如图，小东在教学楼距地面9米高笊窗口C处，测得正前方旗杆顶部A点的仰角为37。
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2017年天津市河东区中考数学一模试卷一、选择题：本大题共12小题，每小题3分，共36分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．计算（﹣2）﹣5的结果等于（）A．﹣7 B．﹣3 C．3 D．72．tan60°的值等于（）A．B．C．D．3．如图是我国几家银行的标志，其中即是轴对称图形又是中心对称图形的有（）A．2个 B．3个 C．4个 D．5个4．国家统计局的相关数据显示，2015年我国国民生产总值（GDP）约为67670000000000元，将67670000000000用科学记数法表示为（）A．6.767×1013B．6.767×1012C．67.67×1012D．6.767×10145．如图，是由两个相同的小正方体和一个圆锥体组成的立体图形，其俯视图是（）A．B．C．D．6．估计的值在（）A．2和3之间B．3和4之间C．4和5之间D．5和6之间7．计算的结果是（）A．a﹣b B．b﹣a C．1 D．﹣18．方程2（2x+1）（x﹣3）=0的两根分别为（）A．和3 B．﹣和3 C．和﹣3 D．﹣和﹣39．如果点A、B、C、D所对应的数为a、b、c、d，则a、b、c、d的大小关系是（）A．a＜c＜d＜b B．b＜d＜a＜c C．b＜d＜c＜a D．d＜b＜c＜a10．如图，将矩形ABCD绕点A顺时针旋转到矩形AB′C′D′的位置，旋转角为α（0°＜α＜90°）．若∠1=112°，则∠α的大小是（）A．68°B．20°C．28°D．22°11．若M（，y1）、N（，y2）、P（，y3）三点都在函数（k＞0）的图象上，则y1、y2、y3的大小关系是（）A．y2＞y3＞y1B．y2＞y1＞y3C．y3＞y1＞y2D．y3＞y2＞y112．如图是抛物线y=ax2+bx+c（a≠0）的部分图象，其顶点坐标为（1，n），且与x轴的一个交点在点（3，0）和（4，0）之间，则下列结论：①a﹣b+c＞0；②3a+b=0；③b2=4a（c﹣n）；④一元二次方程ax2+bx+c=n﹣1有两个互异实根．其中正确结论的个数是（）A．1个 B．2个 C．3个 D．4个二、填空题：本大题共6小题，每小题3分，共18分．13．2x3•（﹣x2）=．14．计算=．15．一枚质地匀均的骰子，其六个面上分别标有数字：1，2，3，4，5，6，投掷一次，朝上一面的数字是偶数的概率是．16．一次函数y=（m﹣3）x﹣2的图象经过二、三、四象限，则m的取值范围是．17．如图，正方形ABCD中，点E、F分别为AB、CD上的点，且AE=CF=AB，点O为线段EF的中点，过点O作直线与正方形的一组对边分别交于P、Q两点，并且满足PQ=EF，则这样的直线PQ（不同于EF）有条．18．如图所示，在每个边长都为1的小正方形组成的网格中，点A、B、C均为格点．（Ⅰ）线段AB的长度等于；（Ⅱ）若P为线段AB上的动点，以PC、PA为邻边的四边形PAQC为平行四边形，当PQ长度最小时，请你借助网格和无刻度的直尺画出该平行四边形，并简要说明你的作图方法（不要求证明）．三、解答题：本大题共7小题，共66分，解答应写出文字说明、演算步骤或推理过程．19．解不等式组请结合题意填空，完成本题的解答．（Ⅰ）解不等式①，得；（Ⅱ）解不等式②，得；（Ⅲ）把不等式①和②的解集在数轴上表示出来：（Ⅳ）原不等式组的解集为．20．为了解学生参加户外活动的情况，和谐中学对学生每天参加户外活动的时间进行抽样调查，并将调查结果绘制成如图两幅不完整的统计图，根据图示，请回答下列问题：（Ⅰ）被抽样调查的学生有人，并不全条形统计图；（Ⅱ）每天户外活动时间的中位数是（小时）；（Ⅲ）该校共有2000名学生，请估计该校每天户外活动时间超过1小时的学生有多少人？21．如图，⊙O的直径AB=6，C为圆周上一点，AC=3，过点C作⊙O的切线l，过点B作l的垂线BD，垂足为D，BD与⊙O交于点E．（1）求∠AEC的度数；（2）求证：四边形OBEC是菱形．22．如图，小东在教学楼距地面9米高的窗口C处，测得正前方旗杆顶部A点的仰角为37°，旗杆底部B点的俯角为45°，升旗时，国旗上端悬挂在距地面2.25米处，若国旗随国歌声冉冉升起，并在国歌播放45秒结束时到达旗杆顶端，则国旗应以多少米/秒的速度匀速上升？（参考数据：sin37°≈0.60，cos37°≈0.80，tan37°≈0.75）23．为了提高身体素质，有些人选择到专业的健身中心锻炼身体，某健身中心的消费方式如下：消费卡消费方式普通卡35元/次白金卡280元/张，凭卡免费消费10次再送2次钻石卡560元/张，凭卡每次消费不再收费以上消费卡使用年限均为一年，每位顾客只能购买一张卡，且只限本人使用（Ⅰ）若每年去该健身中心6次，应选择哪种消费方式更合算？（Ⅱ）设一年内去该健身中心健身x次（x为正整数），所需总费用为y元，请分别写出选择普通消费和白金卡消费的y与x的函数关系式；（Ⅲ）若某位顾客每年去该健身中心健身至少18次，请通过计算帮助这位顾客选择最合算的消费方式．24．在我们学习过的数学教科书中，有一个数学活动，其具体操作过程是：第一步：对折矩形纸片ABCD，使AD与BC重合，得到折痕EF，把纸片展开（如图①）；第二步：再一次折叠纸片，使点A落在EF上，并使折痕经过点B，得到折痕BM，同时得到线段BN（如图②）．如图②所示建立平面直角坐标系，请解答以下问题：（Ⅰ）设直线BM的解析式为y=kx，求k的值；（Ⅱ）若MN的延长线与矩形ABCD的边BC交于点P，设矩形的边AB=a，BC=b；（i）若a=2，b=4，求P点的坐标；（ii）请直接写出a、b应该满足的条件．25．如图，平面直角坐标系中，抛物线y=x2﹣2x与x轴交于O、B两点，顶点为P，连接OP、BP，直线y=x﹣4与y轴交于点C，与x轴交于点D．（Ⅰ）直接写出点B坐标；判断△OBP的形状；（Ⅱ）将抛物线沿对称轴平移m个单位长度，平移的过程中交y轴于点A，分别连接CP、DP；（i）若抛物线向下平移m个单位长度，当S△PCD=S△POC时，求平移后的抛物线的顶点坐标；（ii）在平移过程中，试探究S△PCD 和S△POD之间的数量关系，直接写出它们之间的数量关系及对应的m的取值范围．2017年天津市河东区中考数学一模试卷参考答案与试题解析一、选择题：本大题共12小题，每小题3分，共36分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．计算（﹣2）﹣5的结果等于（）A．﹣7 B．﹣3 C．3 D．7【考点】1A：有理数的减法．【分析】根据减去一个数等于加上这个数的相反数进行计算即可得解．【解答】解：（﹣2）﹣5=（﹣2）+（﹣5）=﹣（2+5）=﹣7，故选：A．2．tan60°的值等于（）A．B．C．D．【考点】T5：特殊角的三角函数值．【分析】求得60°的对边与邻边之比即可．【解答】解：在直角三角形中，若设30°对的直角边为1，则60°对的直角边为，tan60°==，故选D．3．如图是我国几家银行的标志，其中即是轴对称图形又是中心对称图形的有（）A．2个 B．3个 C．4个 D．5个【考点】R5：中心对称图形；P3：轴对称图形．【分析】根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解．【解答】解：中国银行标志：既是轴对称图形又是中心对称图形，符合题意；中国工商银行标志：既是轴对称图形又是中心对称图形，符合题意；中国人民银行标志：是轴对称图形，不是中心对称图形，不符合题意；中国农业银行标志：是轴对称图形，不是中心对称图形，不符合题意；中国建设银行标志：不是轴对称图形，也不是中心对称图形，不符合题意；故选：A4．国家统计局的相关数据显示，2015年我国国民生产总值（GDP）约为67670000000000元，将67670000000000用科学记数法表示为（）A．6.767×1013B．6.767×1012C．67.67×1012D．6.767×1014【考点】1I：科学记数法—表示较大的数．【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值＞1时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n 是负数．【解答】解：将67670000000000用科学记数法表示为：6.767×1013．故选：A．5．如图，是由两个相同的小正方体和一个圆锥体组成的立体图形，其俯视图是（）A．B．C．D．【考点】U2：简单组合体的三视图．【分析】找到从上面看所得到的图形即可，注意所有的看到的棱都应表现在俯视图中．【解答】解：从上面看，圆锥看见的是：圆和点，两个正方体看见的是两个正方形．故答案为：C．6．估计的值在（）A．2和3之间B．3和4之间C．4和5之间D．5和6之间【考点】2B：估算无理数的大小．【分析】直接利用二次根式的性质得出的取值范围．【解答】解：∵＜＜，∴的值在4和5之间．故选：C．7．计算的结果是（）A．a﹣b B．b﹣a C．1 D．﹣1【考点】6B：分式的加减法．【分析】几个分式相加减，根据分式加减法则进行运算，如果分母互为相反数则应将分母转化为其相反数后再进行运算．【解答】解：，故选D．8．方程2（2x+1）（x﹣3）=0的两根分别为（）A．和3 B．﹣和3 C．和﹣3 D．﹣和﹣3【考点】A8：解一元二次方程﹣因式分解法．【分析】根据已知方程得出两个一元一次方程，求出方程的解即可．【解答】解：2（2x+1）（x﹣3）=0，2x+1=0，x﹣3=0，x1=﹣，x2=3，故选B．9．如果点A、B、C、D所对应的数为a、b、c、d，则a、b、c、d的大小关系是（）A．a＜c＜d＜b B．b＜d＜a＜c C．b＜d＜c＜a D．d＜b＜c＜a【考点】18：有理数大小比较．【分析】根据数轴上右边的数大于左边的数，即可比较大小．【解答】解：由数轴可知，从左到右依次为：B，D，C，A，∵数轴上右边的数大于左边的数，∴b＜d＜c＜a，故选：C．10．如图，将矩形ABCD绕点A顺时针旋转到矩形AB′C′D′的位置，旋转角为α（0°＜α＜90°）．若∠1=112°，则∠α的大小是（）A．68°B．20°C．28°D．22°【考点】R2：旋转的性质．【分析】先根据矩形的性质得∠BAD=∠ABC=∠ADC=90°，再根据旋转的性质得∠BAB′=α，∠B′AD′=∠BAD=90°，∠D′=∠D=90°，然后根据四边形的内角和得到∠3=68°，再利用互余即可得到∠α的大小．【解答】解：∵四边形ABCD为矩形，∴∠BAD=∠ABC=∠ADC=90°，∵矩形ABCD绕点A顺时针旋转到矩形AB′C′D′的位置，旋转角为α，∴∠BAB′=α，∠B′AD′=∠BAD=90°，∠D′=∠D=90°，∵∠2=∠1=112°，而∠ABD=∠D′=90°，∴∠3=180°﹣∠2=68°，∴∠BAB′=90°﹣68°=22°，即∠α=22°．故选D．11．若M（，y1）、N（，y2）、P（，y3）三点都在函数（k＞0）的图象上，则y1、y2、y3的大小关系是（）A．y2＞y3＞y1B．y2＞y1＞y3C．y3＞y1＞y2D．y3＞y2＞y1【考点】G6：反比例函数图象上点的坐标特征．【分析】将M（，y1）、N（，y2）、P（，y3）三点分别代入函数（k ＞0），求得y1、y2、y3的值，然后再来比较它们的大小．【解答】解：∵M（，y1）、N（，y2）、P（，y3）三点都在函数（k ＞0）的图象上，∴M（，y1）、N（，y2）、P（，y3）三点都满足函数关系式（k＞0），∴y1=﹣2k，y2=﹣4k，y3=2k；∵k＞0，∴﹣4k＜﹣2k＜2k，即y3＞y1＞y2．故选C．12．如图是抛物线y=ax2+bx+c（a≠0）的部分图象，其顶点坐标为（1，n），且与x轴的一个交点在点（3，0）和（4，0）之间，则下列结论：①a﹣b+c＞0；②3a+b=0；③b2=4a（c﹣n）；④一元二次方程ax2+bx+c=n﹣1有两个互异实根．其中正确结论的个数是（）A．1个 B．2个 C．3个 D．4个【考点】HA：抛物线与x轴的交点；H4：二次函数图象与系数的关系．【分析】利用抛物线的对称性得到抛物线与x轴的另一个交点在点（﹣2，0）和（﹣1，0）之间，则当x=﹣1时，y＞0，于是可对①进行判断；利用抛物线的对称轴为直线x=﹣=1，即b=﹣2a，则可对②进行判断；利用抛物线的顶点的纵坐标为n得到=n，则可对③进行判断；由于抛物线与直线y=n有一个公共点，则抛物线与直线y=n﹣1有2个公共点，于是可对④进行判断．【解答】解：∵抛物线与x轴的一个交点在点（3，0）和（4，0）之间，而抛物线的对称轴为直线x=1，∴抛物线与x轴的另一个交点在点（﹣2，0）和（﹣1，0）之间．∴当x=﹣1时，y＞0，即a﹣b+c＞0，所以①正确；∵抛物线的对称轴为直线x=﹣=1，即b=﹣2a，∴3a+b=3a﹣2a=a，所以②错误；∵抛物线的顶点坐标为（1，n），∴=n，∴b2=4ac﹣4an=4a（c﹣n），所以③正确；∵抛物线与直线y=n有一个公共点，∴抛物线与直线y=n﹣1有2个公共点，∴一元二次方程ax2+bx+c=n﹣1有两个不相等的实数根，所以④正确．故选C．二、填空题：本大题共6小题，每小题3分，共18分．13．2x3•（﹣x2）=﹣2x5 ．【考点】49：单项式乘单项式．【分析】根据单项式与单项式相乘，把他们的系数分别相乘，相同字母的幂分别相加，其余字母连同他的指数不变，作为积的因式，计算即可．【解答】解：2x3•（﹣x2）=2×（﹣1）x3•x2=﹣2x5．故应填：﹣2x5．14．计算=30+12．【考点】79：二次根式的混合运算．【分析】利用完全平方公式计算即可．【解答】解：原式=（2）2+2×2×3+（3）2=12+12+18=30+12．故答案是：30+12．15．一枚质地匀均的骰子，其六个面上分别标有数字：1，2，3，4，5，6，投掷一次，朝上一面的数字是偶数的概率是．【考点】X4：概率公式．【分析】直接利用概率公式计算．【解答】解：投掷一次，朝上一面的数字是偶数的概率==．故答案为．16．一次函数y=（m﹣3）x﹣2的图象经过二、三、四象限，则m的取值范围是m＜3．【考点】F7：一次函数图象与系数的关系．【分析】根据一次函数y=（m﹣3）x﹣2的图象经过二、三、四象限判断出m的取值范围即可．【解答】解：∵一次函数y=（m﹣3）x﹣2的图象经过二、三、四象限，∴m﹣3＜0，∴m＜3，故答案为：m＜317．如图，正方形ABCD中，点E、F分别为AB、CD上的点，且AE=CF=AB，点O为线段EF的中点，过点O作直线与正方形的一组对边分别交于P、Q两点，并且满足PQ=EF，则这样的直线PQ（不同于EF）有3条．【考点】LE：正方形的性质；KD：全等三角形的判定与性质．【分析】能画3条：①与EF互相垂直且垂足为O，构建直角三角形，可以证明两直角三角形全等得EF=PQ；②在AD上截取AP=AD，连接PO延长得到PQ；③同理在AB了截取BQ=AB，连接QO并延长得到PQ．【解答】解：这样的直线PQ（不同于EF）有3条，①如图1，过O作PQ⊥EF，交AD于P，BC于Q，则PQ=EF；②如图2，以点A为圆心，以AE为半径画弧，交AD于P，连接PO并延长交BC 于Q，则PQ=EF；③如图3，以B为圆心，以AE为半径画弧，交AB于Q，连接QO并延长交DC 于点P，则PQ=EF．18．如图所示，在每个边长都为1的小正方形组成的网格中，点A、B、C均为格点．（Ⅰ）线段AB的长度等于5；（Ⅱ）若P为线段AB上的动点，以PC、PA为邻边的四边形PAQC为平行四边形，当PQ长度最小时，请你借助网格和无刻度的直尺画出该平行四边形，并简要说明你的作图方法（不要求证明）．【考点】N4：作图—应用与设计作图；KQ：勾股定理；L7：平行四边形的判定与性质．【分析】（Ⅰ）根据勾股定理可求线段AB的长度；（Ⅱ）取格点D、E、F，连结DE与AB交于点P，延长ED与CF交于点，四边形PAQC即为所求．【解答】解：（Ⅰ）线段AB的长度为：=5；（Ⅱ）如图所示：四边形PAQC即为所求．故答案为：5．三、解答题：本大题共7小题，共66分，解答应写出文字说明、演算步骤或推理过程．19．解不等式组请结合题意填空，完成本题的解答．（Ⅰ）解不等式①，得x＜2；（Ⅱ）解不等式②，得x≥﹣1；（Ⅲ）把不等式①和②的解集在数轴上表示出来：（Ⅳ）原不等式组的解集为﹣1≤x＜2．【考点】CB：解一元一次不等式组；C4：在数轴上表示不等式的解集．【分析】分别求出每一个不等式的解集，将不等式的解集表示在数轴上，即可确定不等式组的解集．【解答】解：解不等式①，得：x＜2，解不等式②，得：x≥﹣1，把不等式①和②的解集表示在数轴上如下：故不等式组的解集为：﹣1≤x＜2，故答案为：（Ⅰ）x＜2；（Ⅱ）x≥﹣1；（Ⅳ）﹣1≤x＜2．20．为了解学生参加户外活动的情况，和谐中学对学生每天参加户外活动的时间进行抽样调查，并将调查结果绘制成如图两幅不完整的统计图，根据图示，请回答下列问题：（Ⅰ）被抽样调查的学生有500人，并不全条形统计图；（Ⅱ）每天户外活动时间的中位数是1（小时）；（Ⅲ）该校共有2000名学生，请估计该校每天户外活动时间超过1小时的学生有多少人？【考点】VC：条形统计图；V5：用样本估计总体；VB：扇形统计图；W4：中位数．【分析】（1）根据条形统计图和扇形统计图可以求得被调查学生总数和1.5小时的学生数，从而可以将条形统计图补充完整；（2）根据条形统计图可以得到这组数据的中位数；（3）根据条形统计图可以求得校共有2000名学生，该校每天户外活动时间超过1小时的学生有多少人．【解答】解：（1）∵0.5小时的有100人占被调查总人数的20%，∴被调查的人数有：100÷20%=500，1.5小时的人数有：500﹣100﹣200﹣80=120，补全的条形统计图如下图所示，故答案为：500；（2）由（1）可知被调查学生500人，由条形统计图可得，中位数是1小时，故答案为：1；（3）由题意可得，该校每天户外活动时间超过1小时的学生数为：×2000=800人，即该校每天户外活动时间超过1小时的学生有800人．21．如图，⊙O的直径AB=6，C为圆周上一点，AC=3，过点C作⊙O的切线l，过点B作l的垂线BD，垂足为D，BD与⊙O交于点E．（1）求∠AEC的度数；（2）求证：四边形OBEC是菱形．【考点】MC：切线的性质；L9：菱形的判定．【分析】（1）由直径AB的长，求出半径OA及OC的长，再由AC的长，得到△OAC三边相等，可得此三角形为等边三角形，根据等边三角形的性质得到∠AOC=60°，再根据同弧所对的圆心角等于所对圆周角的2倍，即可得出∠AEC的度数；（2）由直线l与圆O相切，根据切线的性质得到OC与直线l垂直，又BD与直线l垂直，根据在同一平面内，垂直于同一条直线的两直线平行得到BE∥OC，根据两直线平行同位角相等，可得出∠B=∠AOC=60°，再由AB为圆O的直径，根据直径所对的圆周角为直角，可得出∠AED=90°，再求出∠DEC=60°，可得出∠B=∠DEC，根据同位角相等两直线平行，可得出EC∥OB平行，根据两组对边平行的四边形为平行四边形可得出四边形OBEC为平行四边形，再由半径OC=OB，根据邻边相等的平行四边形为菱形可得出OBEC为菱形．【解答】解：（1）∵OA=OC=AB=3，AC=3，∴OA=OC=AC，∴△OAC为等边三角形，∴∠AOC=60°，∵圆周角∠AEC与圆心角∠AOC都是，∴∠AEC=∠AOC=30°；（2）∵直线l切⊙O于C，∴OC⊥CD，又∵BD⊥CD，∴OC∥BD，∴∠B=∠AOC=60°，∵AB为⊙O直径，∴∠AEB=90°，又∵∠AEC=30°，∴∠DEC=90°﹣∠AEC=60°，∴∠B=∠DEC，∴CE∥OB，∴四边形OBCE为平行四边形，又∵OB=OC，∴四边形OBCE为菱形．22．如图，小东在教学楼距地面9米高的窗口C处，测得正前方旗杆顶部A点的仰角为37°，旗杆底部B点的俯角为45°，升旗时，国旗上端悬挂在距地面2.25米处，若国旗随国歌声冉冉升起，并在国歌播放45秒结束时到达旗杆顶端，则国旗应以多少米/秒的速度匀速上升？（参考数据：sin37°≈0.60，cos37°≈0.80，tan37°≈0.75）【考点】TA：解直角三角形的应用﹣仰角俯角问题．【分析】通过解直角△BCD和直角△ACD分别求得BD、CD以及AD的长度，则易得AB的长度，则根据题意得到整个过程中旗子上升高度，由“速度=”进行解答即可．【解答】解：在Rt△BCD中，BD=9米，∠BCD=45°，则BD=CD=9米．在Rt△ACD中，CD=9米，∠ACD=37°，则AD=CD•tan37°≈9×0.75=6.75（米）．所以，AB=AD+BD=15.75米，整个过程中旗子上升高度是：15.75﹣2.25=13.5（米），因为耗时45s，所以上升速度v==0.3（米/秒）．答：国旗应以0.3米/秒的速度匀速上升．23．为了提高身体素质，有些人选择到专业的健身中心锻炼身体，某健身中心的消费方式如下：消费卡消费方式普通卡35元/次白金卡280元/张，凭卡免费消费10次再送2次钻石卡560元/张，凭卡每次消费不再收费以上消费卡使用年限均为一年，每位顾客只能购买一张卡，且只限本人使用（Ⅰ）若每年去该健身中心6次，应选择哪种消费方式更合算？（Ⅱ）设一年内去该健身中心健身x次（x为正整数），所需总费用为y元，请分别写出选择普通消费和白金卡消费的y与x的函数关系式；（Ⅲ）若某位顾客每年去该健身中心健身至少18次，请通过计算帮助这位顾客选择最合算的消费方式．【考点】FH：一次函数的应用．【分析】（Ⅰ）根据普通消费方式，算出健身6次的费用，再与280、560进行比较，即可得出结论；关于x的函数关系式；再根（Ⅱ）根据“普通消费费用=35×次数”即可得出y普通关于x的函数关系式；据“白金卡消费费用=卡费+超出部分的费用”即可得出y白金卡（Ⅲ）先算出健身18次普通消费和白金卡消费两种形式下的费用，再令白金卡消费费用=钻石卡消费的卡费，算出二者相等时的健身次数，由此即可得出结论．【解答】解：（Ⅰ）35×6=210（元），∵210＜280＜560，∴选择普通消费方式更合算．（Ⅱ）根据题意得：y普通=35x．x＞12时，y白金卡=280+35（x﹣12）=35x﹣140．当x≤12时，y白金卡=280；当∴y白金卡=．18=630；y白金卡=35×18﹣140=490；（Ⅲ）当x=18时，y普通=35×35x﹣140=560，令y白金卡=560，即解得：x=20．当18≤x≤19时，选择白金卡消费最合算；当x=20时，选择白金卡消费和钻石卡消费费用相同；当x≥21时，选择钻石卡消费最合算．24．在我们学习过的数学教科书中，有一个数学活动，其具体操作过程是：第一步：对折矩形纸片ABCD，使AD与BC重合，得到折痕EF，把纸片展开（如图①）；第二步：再一次折叠纸片，使点A落在EF上，并使折痕经过点B，得到折痕BM，同时得到线段BN（如图②）．如图②所示建立平面直角坐标系，请解答以下问题：（Ⅰ）设直线BM的解析式为y=kx，求k的值；（Ⅱ）若MN的延长线与矩形ABCD的边BC交于点P，设矩形的边AB=a，BC=b；（i）若a=2，b=4，求P点的坐标；（ii）请直接写出a、b应该满足的条件．【考点】FI：一次函数综合题．【分析】（Ⅰ）连接AN，延长MN交BC于点P，由折叠的性质可证△BMP为等边三角形，由M点的坐标可求得k的值；（Ⅱ）（i）在Rt△ABM中，由三角形的性质可求得BM的长，则可求得BP的长，可求得P点坐标；（ii）由题意可知BC≥BP，在Rt△BNP中，由三角函数的定义可用a表示出BP，则可得到a、b所满足的条件．【解答】解：（Ⅰ）连接AN，延长MN交BC于点P，如图，∴EF垂直平分AB，∴AN=BN，由折叠知AB=BN，∴AN=AB=BN，∴△ABN为等边三角形，∴∠ABN=60°，∴∠PBN=30°，∵∠ABM=∠NBM=30°，∴∠BNM=∠A=90°，∴∠BPN=60°，∠MBP=∠MBN+∠PBN=60°，∴∠BMP=60°，∴∠MBP=∠BMP=∠BPM=60°，∴△BMP是等边三角形，∵点M在直线y=kx上，∴k==tan60°=；（Ⅱ）（i）由题意可知AB=a=2，在Rt△ABM中，cos∠ABM=，∴=，解得BM=，∴BP=BM=，∴P（，0）；（ii）由题意可知BC≥BP，在Rt△BNP中，BN=BA=a，∠PBN=30°，∴BP=，∴b≥，∴a≤b．25．如图，平面直角坐标系中，抛物线y=x2﹣2x与x轴交于O、B两点，顶点为P，连接OP、BP，直线y=x﹣4与y轴交于点C，与x轴交于点D．（Ⅰ）直接写出点B坐标（2，0）；判断△OBP的形状等腰直角三角形；（Ⅱ）将抛物线沿对称轴平移m个单位长度，平移的过程中交y轴于点A，分别连接CP、DP；（i）若抛物线向下平移m个单位长度，当S△PCD=S△POC时，求平移后的抛物线的顶点坐标；（ii）在平移过程中，试探究S△PCD 和S△POD之间的数量关系，直接写出它们之间的数量关系及对应的m的取值范围．【考点】HF：二次函数综合题．【分析】（Ⅰ）根据自变量与函数值得对应关系，可得B点坐标，根据配方法，可得顶点坐标，根据勾股定理及勾股定理的逆定理，可得答案；（Ⅱ）根据自变量与函数值得对应关系，可得C，D，M点坐标，根据平移规律，可得P点坐标，根据平行于y轴的直线上两点间的距离较大的纵坐标减较小的纵坐标，可得PM的长，（i）根据面积的关系，可得关于m的方程，根据解方程，可得到顶点坐标；（ii）根据三角形的面积，可得答案．【解答】解：（Ⅰ）当y=0时，x2﹣2x=0，解得x=0（舍）或x=2，即B点坐标为（2，0），∵抛物线y=x2﹣2x=（x﹣1）2﹣1，∴P点坐标为（1，﹣1），由勾股定理，得OP2=（2﹣1）2+12=2，∴OP2+BP2=OB2，OP=BP，∴△OBP是等腰直角三角形，故答案为：（2，0），等腰直角三角形；（Ⅱ）∵直线y=x﹣4与y轴交于点C，与x轴交于点D，∴C（0，﹣4），D（4，0），当x=1时，y=﹣3，即M（1，﹣3），抛物线向下平移m个单位长度，解析式为y=（x﹣1）2﹣（1+m），P（1，﹣1﹣m），∴PM=|﹣（1+m ）+3|=|m ﹣2|，S △PCD =S △PMC +S △PMD =•PM•|x P ﹣x C |=•|m ﹣2|×4=2|m ﹣2|， （i ）S △POC =•AC•|x P |=×4×1=2，∵S △PCD =S △POC ，∴S △PCD =2|m ﹣2|=2，解得m=2+或m=2﹣，∴P （1，﹣3﹣）或（1，﹣3+）；（ii ）S △POD =OD•|y P |=×4×|1﹣（1+m ）|=2|m +1|，①当m ≥2时，S △PCD =2|m ﹣2|=2m ﹣4，S △POD =2|m +1|=2m +2，∴S △POD ﹣S △PCD =6 ②当﹣1≤m ＜2时，S △PCD =2|m ﹣2=4﹣2m ，S △POD =2|m +1|=2m +2，∴S △POD +S △PCD =6 ③当m ＜﹣1时，S △PCD =2|m ﹣2|=4﹣2m ，S △POD =2|m +1|=2﹣2m ，∴S △POD ﹣S △PCD =6，综上所述：当m ≥2时，S △POD ﹣S △PCD =6；当﹣1≤m ＜2时，S △POD +S △PCD =6；当m ＜﹣1时，S △POD ﹣S △PCD =6．2017年6月1日。