高考数学一轮复习函数函数的单调性与最值教学案理北师大版

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新教材老高考适用2023高考数学一轮总复习第四章第二节利用导数研究函数的单调性pptx课件北师大版

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第四章
第二节 利用导数研究函数的单调性




01
强基础 增分策略
02
增素能 精准突破
课标解读
1.结合实例,借助几何直观了
解函数的单调性与导数的关
系.
2.能利用导数研究函数的单
调性,会求函数的单调区间.
3.能够利用导数解决与函数
单调性有关的问题.
衍生考点
核心素养
1.研究不含参函数的
单调性
数学抽象
+1
(2)若-1≤a<0,由于 ≤0,所以

+1
(- )
.
2

+1
,
+∞

+1
0,
.
f'(x)<0,即 f(x)的单调递减区间是(0,+∞).
;
+1
(3)若 a<-1, >0,当 x∈
当 x∈
+1
, +∞

+1
0,
时,f'(x)>0,所以 f(x)的单调递增区间是
且g(-2)=g(2)=2f(2)=0,g(0)=0.因为f(x)>0,所以当x>0时,由g(x)=xf(x)>0得
2.讨论含参函数的单
逻辑推理
调性
数学运算
3.与导数有关的函数
数学建模
单调性的应用
强基础 增分策略
知识梳理
1.函数的单调性与其导数的关系
导数的符号与函数的单调性之间具有如下的关系:
(1)若在某个区间内,函数y=f(x)的导数f'(x)>0,则在这个区间内,函数

《函数的单调性和最值》第1课时示范教学方案北师大新课标

《函数的单调性和最值》第1课时示范教学方案北师大新课标

第二章函数2.3函数的单调性和最值第2课时◆教学目标1.知识目标(1)利用函数的单调性定义证明函数的单调性.(2)复杂函数(双曲函数、分式函数、复合函数等)单调性的分析和证明.(3)熟练利用函数的单调性解决函数、不等式等函数综合问题.2.核心素养目标(1)通过函数单调性的应用,体会数形结合、分类讨论等基本的数学思想方法.(2)提高学生的数学运算和直观想象能力.◆教学重难点◆教学重点:利用定义证明函数的单调性.教学难点:利用函数的单调性解决函数、不等式等函数综合问题.◆课前准备PPT课件.◆教学过程一、导入新课问题1:增函数和减函数的定义是什么?师生活动:教师提问,学生思考并回答,教师补充.预设答案:在函数y=f((x()定义域内的一个区间A上,如果对于任意的x1,x2∈A,当x1(x2时,都有f(x1) f(x2),就称函数y=f(x)在区间A上是增函数;如果都有f(x1)>f(x2),就称函数y=f(x)在区间A上是减函数.追问:如果有两个函数y=f(x)和y=g(x),在同一个区间I上都是单增(单减)函数,那么函数y=f(x)+g(x)的具有怎样的单调性?能不能判断函数y=f(x)−g(x)的单调性呢?预设答案:函数y=f(x)+g(x)也是单增(单减)函数,函数y=f(x)−g(x)的单调性不确定.设计意图:教师引导学生复习回忆上节课知识,引出本节课的课题.★资源名称:【知识点解析】函数的基本性质.★使用说明:本资源为《函数单调性的加减性质》的讲解视频,其目的是帮助学生更好的理解函数、函数的单调性的加减性质,同时对该知识相关重难点进行了归纳小结,带领学生梳理知识脉络,加深理解.注:此图片为“微课”缩略图,如需使用资源,请于资源库调用. 二、新知探究1.定函数在区间上的单调性问题2:画出函数f (x )=−3x +2的图像,通过图像判断函数在R 上的单调性. 师生活动:学生独立思考画图,求证,回答. 预设答案:设计意图:通过画函数f (x )=−3x +2的图像,培养学生细心观察图象并进行分析最后严谨论证的良好思维习惯.问题3:如何证明f (x )=−3x +2在R 上单调递减,请给出证明. 师生活动:教师引导学生分析,根据函数单调性的定义,需要考察当12x x <时,()()12f x f x <还是()()12f x f x >.根据实数大小关系的基本事实,只要考察()()12f x f x -与0的大小关系.学生尝试写出证明步骤,教师点评总结.预设答案:解:画出函数f (x )=−3x +2的图象,可以看出函数在R 上是减函数; 下面用定义证明这一单调性;任取x 1,x 2∈R ,且x 1<x 2,则x 1−x 2<0,()()12f x f x -=(-3x 1+2)−(-3x 2+2)=−3(x 1−x 2)>0,即()()12f x f x >,所以函数f (x )=−3x +2在R 上是减函数.设计意图:使学生从形与数两方面加深理解函数单调性的概念,掌握利用函数图象和单调性定义判断、证明函数单调性的方法,提高学生的推理论证能力.问题4:你能归纳一下用单调性定义证明一个函数在区间I 上的单调性的基本步骤吗? 师生活动:请学生阐明应用定义证明(判定)并总结证明单调性的基本步骤. 预设答案:(i )取值:任取x 1,x 2,且x 1<x 2.(ii )作差:()()12f x f x -(对其进行因式分解,要注意变形的程度).(iii )判断:判断上述差的符号,即得到()()120f x f x -<(或()()120f x f x ->).(IV )结论:若()()120f x f x -<,则函数在区间D 内为增函数;若()()120f x f x ->,则函数在区间D 内为减函数.设计意图:掌握函数单调性的证明程序,让学生再次体验数学概念如何从直观到抽象,文字到符号,从粗疏到严密,从而让学生感悟数学概念符号化的建构原则.2.动函数在定区间上的单调性 问题5:(1)设函数f (x )=√x 2+1−ax ,证明:当a ≥1时,函数f (x )在区间[0,+∞)上是减函数? (2)已知a >0,函数f (x )=x 3−ax 是区间[1,+∞)上的单调函数,求实数a 的取值范围? 师生活动:教师引导学生分析参数a 对函数单调性的影响,学生完成证明过程. 预设答案:(1)设x 1,x 2∈[0,+∞),且x 1<x 2,f (x 1)-f (x 2)=(√x 12+1−ax 1)−(√x 22+1−ax 2) =√x 12+1−√x 22+1−a (x 1−x 2) =1222√x 12+1+√x 22+1a (x 1−x 2)=(x 1−x 2)12√x 12+1+√x 22+1a ),因为x1<x2,所以x1−x2<0,<1,所以√x12+1+√x22+1>x1+x2,12√x12+1+√x22+1a<0,因为a≥1,所以12√x12+1+√x22+1所以f(x1)−f(x2)>0,即f(x1)<f(x2).故函数f(x)在区间[0,+∞)上是减函数.(2)任取x1<x2,且x1,x2∈[1,+∞)f(x1)−f(x2)(=(x13−ax1)−(x23−ax2)=(x13−x23)−a(x1−x2)=(x1−x2)(x12+x22+x1x2−a),由于x1,x2∈[1,+∞),故x12+x22+x1x2>3,根据题意x12+x22+x1x2−a的符号恒正或恒负,所以a≤3.故实数a的取值范围是(0,3].设计意图:让学生感受解决问题的一般方法:从特殊到一般,从简单到复杂;培养利用分类讨论、化归、数形结合、类比等数学思想与方法进行解题的意识,从而培养学生逻辑推理的数学核心素养.三、巩固练习例1判断函数f(x)=√x的单调性,并给出证明.师生活动:学生代表板书证明过程,教师点评.预设的答案:画出函数的图象,可以看出,函数在定义域内是增函数,下面给出证明;设x1,x2∈[0,+∞),且x1<x2,则x1−x2<0,,故f(x1)-f(x2)=√x1-√x2=12√x+√x∵√x1+√x2>0,∴f(x1)−f(x2)<0,即f(x1)<f(x2).故函数f(x)=√x在定义域[0,+∞)上是增函数.设计意图:强化记题步骤与格式.在区间(0,1]上是减函数,在区间[1,+∞)上是增函数.例2试用定义证明:函数f(x)=x+1x师生活动:学生代表板书证明过程,教师点评.预设答案:设x 1,x 2∈(0,1],且x 1<x 2,则x 1−x 2<0, 故f (x 1)-f (x 2)=√x 1−√x 2=12√x +√x =(x 1+1x 1)−(x 2+1x2)=(x 1−x 2)−x 1-x 2x 1x 2=(x 1−x 2)(1−1x 1x 2)=(x 1-x 2)(x 1x 2−1)x 1x 2∵x 1,x 2∈(0,1],∴0<x 1x 2<1,即x 1x 2−1<0, 又x 1−x 2<0,故f (x 1)−f(x 2)>0, 故函数f (x )=x +1x 在区间(0,1]上是减函数.同理可证,函数f (x )=x +1x 在区间[1,+∞)上是增函数. 设计意图:强化记题步骤与格式. 例3(1)已知函数2)1(2)(2+-+=x a x x f 在区间(−∞,3]上是减函数,求实数a 的取值范围;(2)已知2)1(2)(2+-+=x a x x f 的单调递减区间是(−∞,3],求实数a 的取值范围.师生活动:学生代表板书证明过程,教师点评. 预设答案:()y f x =的对称轴为(1)1x a a =--=-,(1)134a a -≥⇒≥; (2)1341a a a -=⇒==-.设计意图:强化记题步骤与格式. 教师总结:①函数y =x +1x 在区间(0,1]上是减函数,在区间[1,+∞)上是增函数;在区间(0,+∞)上,由函数的单调性或由均值不等式x +1x ≥2,可得当x =1时,函数y =x +1x 取得最小值2;同理也可以得到x ∈(−∞,0)时函数的单调性; 画出该函数的图象,该函数又叫双曲函数或对勾函数.②形如f (x )=ax +bx (a >0,b >0)的函数,在区间(0,+∞)上也具有类似的性质; 根据均值不等式,可得当x =√ba 时,函数取得最小值2√ab ;函数在区间(0,√b a)上是减函数,在区间[√ba,+∞)上是增函数.③有些函数问题中(如求值域、求最值等),如果要用到函数的单调性,而又不需证明,可以通过分析的方法,得到函数的单调性.例如:求函数f (x )=1-2x x -1在区间[2,3]上的最值.f (x )=1-2x x -1=2(1-x )-1x -1=−2−1x -1,当x ∈[2,3]时,随着x 增大,−1x−1增大,所以函数f (x )增大,即函数单调增.所以f (x )min =f (2)=−3,f (x )max =f (3)=−52. ④区分)(x f y =在区间D 上递减和)(x f y =的单调递减区间是D .【课堂练习】 1.已知函数f (x )=12x x ++,证明函数在(−2,+∞)上单调递增. 师生活动:学生黑板演练过程,教师指导点拨,规范做题步骤. 预设的答案:∀x 1,x 2∈(−2,+∞),且x 1>x 2>−2,f(x)=11122x x x +=-++, 则12()()f x f x -=212x -+112x +(=1212-(2)(2)x x x x ++, 因为x 1>x 2>−2,所以x 1-x 2>0,x 1+2>0,x 2+2>0,所以1212-(2)(2)x x x x ++>0,所以12()()f x f x >. 故函数f (x )在(−2,+∞)上单调递增. 设计意图:规范函数单调性的证明步骤. 2.函数()y f x =满足:对任意的12,x x R ∈总有1212()()0f x f x x x ->-.则不等式2(1)(2)f m f m +>的解集为________.师生活动:小组合作讨论,教师巡视点拨. 预设的答案:因为对任意的12,x x R ∈,总有1212()()0f x f x x x ->-,所以函数()y f x =是R 上的单调增函数,从而由2(1)(2)f m f m +>,可得212m m +>,解得1m ≠.故答案为{|1}m m ≠.设计意图:巩固学生对函数单调性的理解. 四、归纳小结问题6:本节课我们学习了哪些内容?结合上一节课的学习内容,请总结一下判断函数单调性有哪些方法?做题过程中要注意什么问题?师生活动:教师阐述单调性的意义与作用,师生一起总结判断函数单调性的方法. 预设的答案:1、判断函数单调性的方法:(1)从图象上直观判断;(2)根据单调性定义判定. 2、利用定义证明单调性一般步骤: (i )取值:任取x 1,x 2,且x 1<x 2(ii )作差:f (x 1)−f (x 2)(对其进行因式分解,要注意变形的程度);(iii )判断:判断上述差的符号,即得到f (x 1)−f (x 2)<0(或 f (x 1)−f (x 2)>0);(IV )结论:若f (x 1)−f (x 2)<0,则在区间D 内为增函数;若f (x 1)−f (x 2)>0,则在区间D 内为减函数.3、判断动函数的单调性时,要注意参数的范围. 设计意图:反思回顾,整理知识,提升能力.作业布置:教材P60页练习1、2、3,P62页A 组第3、4、5题,B 组第2、4题. 五、目标检测设计1.如果函数f (x )=x 2+bx +c ,对任意实数x 都有f (2+x )=f(2−x),试比较f (−3)、f (2)、f (3)的大小.设计意图:加强图像法求函数的单调性.2.函数f (x )={2x +1,x ≤0ax +a −1,x >0在R 上单调递增,求实数a 的取值范围.设计意图:会判断分段函数的单调性.3.已知定义在区间(0,+∞)上的函数f (x ),满足. (i)对任意x ,y ∈(0,+∞),都有f (xy )=f (x )+f(y). (ii)当0<x <1时,f (x )>0.①判断并证明f (x )在区间(0,+∞)上的单调性;②解关于a 的不等式f (1−2a )−f (4−a 2)>0. 设计意图:领会抽象函数的单调性的证明方法. 4.已知函数2()1(0)f x ax x a =-+≠,若任意1x 、2[1,)x ∈+∞且12x x ≠,都有()()12121f x f x x x ->-,求实数a 的取值范围是________设计意图:考查由函数单调性求参数范围.5.已知函数()242f x kx x =+-在[]1,2上为增函数,求实数k 的取值范围.设计意图:考查由函数单调性求参数范围. 参考答案:1.解:根据题意,对任意实数x 都有f (2+x )=f(2−x), 则二次函数图象的对称轴为x =2,抛物线开口向上, 所以离对称轴距离越远的自变量对应的函数值越大, 所以f (−3)>f (3)>f (2).2.解:函数在R 上单调递增,则在x >0时单调递增, 且在分界点x =0处右侧函数值不小于左侧函数值, 即a >0且a −1≥1,解得a ≥2, 故实数a 的取值范围为a ≥2.3.解:①设x 1,x 2∈(0,+∞),且x 1<x 2则f (x 1)−f (x 2)=f (x 1x 2∙x 2)−f (x 2)=f (x 1x 2)+f (x 2)−f (x 2)=f (x1x2),因为x 1<x 2,故0<x1x 2<1,所以f (x1x 2)>0,即f (x 1)−f (x 2)>0,故函数在区间(0,+∞)上单减.②不等式f (1−2a )−f (4−a 2)>0,即f (1−2a )>f (4−a 2) 由函数的定义域和单调递减,得{1−2a >04−a 2>01−2a <4−a 2,解得−1<a <12.4.解:当0k =时,函数()42f x x =-在[]1,2上为增函数,符合题意;当0k≠时,函数的对称轴为2x k=-,则21kk>⎧⎪⎨-≤⎪⎩或22kk<⎧⎪⎨-≥⎪⎩,解得0k>或10k-≤<综上可得,实数k的取值范围是1k≥-.。

《函数的单调性和最值》第2课时示范教学方案北师大新课标

《函数的单调性和最值》第2课时示范教学方案北师大新课标

第二章函数2.3函数的单调性和最值第2课时1.知识目标(1)利用图象判断函数的单调性、寻找函数的单调区间.(2)掌握函数的单调性的定义,用定义证明函数的单调性,作差结果符号的判断方法.(3)熟悉常见函数(绝对值函数、二次函数、分段函数等)的单调性及简单应用.2.核心素养目标(1)通过函数单调性的概念的学习和简单的应用,体会数形结合、分类讨论等基本的数学思想方法.(2)提高学生的数学运算和直观想象能力.教学重点:利用函数的图象判断单调性、寻找函数单调区间.教学难点:对函数单调性概念中关键词的理解.PPT课件.一、导入新课问题1:初中学习了一次函数y=kx+b的图象和性质,当自变量x变化时,函数值f(x)随之怎样变化?师生活动:教师引导学生观察图象的升降,学生观察图像并说出自己对图象的直观认识.预设的答案:当k>0时,直线是由左向右上升,即函数值y随自变量x的增大而增大;当k<0时,直线由左向右下降,即函数值y随自变量x的增大而减小.设计意图:在函数图象的观察中获取函数单调性的直观认识.问题2:二次函数、反比例函数的函数值是如何变化的?师生活动:引导学生从“形变”过渡到“数变”;从定性分析到定量分析,学生思考并回答.预设的答案:不同函数,其图象上升、下降规律不同;且同一函数在不同区间上的变化规律也不同;比如二次函数2y x =,当0x >时,函数值随着自变量的变大而变大;当0x <时,函数值随着自变量的变大而变小.设计意图:体会同一函数在不同区间上的变化差异.教师引语:用增大或减小来刻画一个函数在一个区间的变化是非常重要的,这一节课我们一起来学习函数的单调性,并板书课题.二、新知探究问题3:如图所示,是某个函数的图象,说出在各个区间,函数值f (x )随自变量x 的值的变化情况.师生活动:学生观察图像并做出回答.预设的答案:在区间[−6,−5],[−2,1],[3,4.5],[7,8]上,函数值f (x )都是随x 的值的增大而增大;在区间(−5,−2),(1,3),(4.5,7),(8,9]上,函数值f (x )都是随x 的值的增大而减小.设计意图:让学生观察具体的函数图象“上升、下降”的特征,加强学生对函数的单调性的直观认识.追问:怎样用数学符号语言表达函数值f (x )在区间[]65--,上随x 的值增大而增大呢?师生活动:先让学生从具体到抽象尝试概括,教师进行启发,最后得到符号表示只要12<x x ,就有12()()f x f x <.预设的答案:对任意的[]12,6,5x x ∈--,若12x x <,则12()()f x f x <;或则对任意的[]12,6,5x x ∈--,若12x x >,则12()()f x f x >.教师总结:我们借助数学符号语言,给出了一个与“无限”相关的变化规律的定量描述,即任取1x ,2x ,把“无穷”问题转化为了可操作的有限过程,这就是数学抽象的力量.设计意图:通过师生的合作、交流,突破增函数符号化这一难点;高一的学生符号化能力较弱,但是单调性的定义这一抽象过程尤为重要;这为以后学习其它知识的符号化学习提供了经验,同时也提升了学生的数学抽象素养.教师总结:函数值f (x )在区间[]65--,上随x 值的增大而增大,我们称y =f (x )在区间[]65--,上是增函数或递增的. 问题4:对于函数(),f x x I ∈,若在区间I 上存在两个实数12,x x ,当12x x <时,有()()12f x f x <,那么能否说函数()f x 在区间I 上是增函数?若不正确,请给出一个反例.师生活动:先由学生独立完成并交流,再由教师给出严格的单调性定义表述.预设的答案:不正确;对于函数2()f x x =满足12,(1)(2)f f -<-<,显然2()f x x=在区间]12⎡-⎣,上不是增函数. 追问1:类比函数f (x )在区间[]65--,是增函数的符号化语言,你能给出“定义域为D 的函数()f x 在定义域的某个区间I 上单调递增”的符号化语言表述吗?师生活动:先由学生独立完成并交流,再由教师给出严格的单调性定义表述.预设的答案:如果对于任意的12,x x I ∈,当x 1<x 2时,都有f(x 1)<f(x 2),那么就称函数y =f (x )在区间I 上是增函数或递增的;当函数()f x 在它的定义域上单调递增时,我们就称它是增函数(increasing function);增函数的图象是上升的.设计意图:通过师生的合作、交流,突破增函数符号化这一难点.高一的学生符号化能力较弱,但是单调性的定义这一抽象过程尤为重要,这为以后学习其它知识的符号化提供了经验,同时也提升了学生的数学抽象素养.追问2:类似地,你能不能给出“定义域为D 的函数()f x 在定义域的某个区间I 上单调递减”的符号化语言表述?预设的答案:如果对于任意的12,x x I ∈,当x 1<x 2时,都有f(x 1)>f(x 2),那么就称函数y =f (x )在区间I 上是减函数或递减的;当函数()f x 在它的定义域上单调递减时,我们就称它是减函数(Decreasing function);减函数的图象是下降的.教师总结:函数y =f (x )在区间I 上是增函数(减函数),那么就称函数在区间I 上是单调函数,或称在区间I 上具有单调性,区间I 称为函数y =f (x )的单调区间;如二次函数f (x )=x 2在区间[0,)+∞上是单调增函数(单调递增),区间[0,)+∞是函数f (x )=x 2的单调增区间.设计意图:这个环节是本节课的重点,也是难点,其核心是通过从具体到抽象的过程,让学生学会用严格的符号语言刻画“在区间I 上,当x 增大时,相应的()f x 随之减小”.从图象到定性再到定量的不断精确化的过程中,通过问题串,设法引出“任意”,引导学生体会用“任意”和刻画“无限”的力量.在这里渗透由特殊到一般的数学思想方法,后面给出一般增函数的定义就更加自然了.问题5:你能写出函数()1f x x=和函数()2f x x =-的单调区间吗? 师生活动:先由学生思考并交流,教师帮助完善.预设的答案:函数()1f x x=在()0-∞,,[0)+∞,上单调递减;函数()2f x x =-在()0-∞,上调递增,在[0)+∞,上单调递增. 设计意图:通过学生自己举反例是深化理解概念的重要方式,注意培养学生数学表达的严谨性和规范性.追问:能否说()1f x x=在定义域内单调递减?为什么? 师生活动:先由学生思考并交流,教师帮助完善.预设的答案:函数1y x=的定义域为(-,0)(0,)∞+∞,由图象可知,在两个区间上函数都是单调递减的,但不能说成“函数在定义域内递减”或“函数的单调递减区间是+∞∞和区间(0,)∞+∞”,这不符合减函数的定义;只能说“函数在区间(-,0)(-,0)(0,)上都是递减的”.设计意图:这个辨析是为了区分“单调递增”与“增函数”、“单调递减”与“减函数”等概念,也是为了引导学生体会函数的单调性是对定义域内的某个区间而言的,是函数的局部性质.函数在某个区间上单调,并不意味着函数在整个定义域内都是单调的.问题6:“函数在区间I上单增”与“函数的单增区间是I”两种叙述含义相同吗?举例说明.+∞,则对预设的答案:含义不同,如函数f(x)=x2−2ax−1的单调递增区间为[2,)+∞上单调递增,则对称轴a≤2.称轴a=2;函数f(x)=x2−2ax−1在区间[2,)问题7:(1)如图所示是函数y=-x2-2x;y=-2x+1,x∈[-1,+∞);y=f(x)的图象,观察这三个图象,你能归纳出它们的共同特征吗?(2)在函数y=f(x)的图象上任取一点A(x,y),设点C的坐标为(x0,y0),谁能用数学符号解释函数y=f(x)的图象有最高点C?(3)形如上述问题中函数y=f(x)的图象上最高点C的纵坐标就称为函数y=f(x)的最大值.谁能给出函数最大值的定义?(4)函数最大值的定义中f(x)≤M即f(x)≤f(x0),这个不等式反映了函数y=f(x)的函数值具有什么特点?其图象又具有什么特征?(5)函数最大值的几何意义是什么?(6)函数y=-2x+1,x∈(-1,+∞)有最大值吗?为什么?(7)点(-1,3)是不是函数y=-2x+1,x∈(-1,+∞)的最高点?(8)求函数最值你发现了什么值得注意的地方?师生活动:小组讨论,教师来回巡视指导.预设的答案:(1)函数y=-x2-2x的图象有最高点A,函数y=-2x+1,x∈[-1,+∞)的图象有最高点B,函数y=f(x)的图象有最高点C;也就是说,这三个函数的图象的共同特征是都有最高点.(2)由于点C是函数y=f(x)图象上的最高点,则点A在点C的下方,即对定义域内任意x,都有y≤y0,即f(x)≤f(x0);也就是对函数y=f(x)的定义域内任意x,均有f(x)≤f(x0)成立.(3)一般地,设函数y=f(x)的定义域为I,如果存在实数M满足;①对于任意的x∈I,都有f(x)≤M;②存在x0∈I,使得f(x0)=M;那么称M是函数y=f(x)的最大值.(4)f(x)≤M反映了函数y=f(x)的所有函数值不大于实数M;这个函数的特征是图象有最高点,并且最高点的纵坐标是M.(5)函数最大值的几何意义:函数图象上最高点的纵坐标.(6)函数y=-2x+1,x∈(-1,+∞)没有最大值,因为函数y=-2x+1,x∈(-1,+∞)的图象没有最高点.(7)不是,因为该函数的定义域中没有-1.(8)讨论函数的最大值,要坚持定义域优先的原则;函数图象上有最高点时,这个函数才存在最大值;最高点必须是函数图象上的点.设计意图:小组合作讨论解决问题,提升学生合作意识;同时数形结合增强学生对函数最大值概念的理解.问题8:(1)类比函数的最大值,请你给出函数的最小值定义及其几何意义吗?(2)你认为讨论函数最小值应注意什么?师生活动:让学生思考函数最大值的定义,利用定义来类比定义.最高点类比最低点,不等号“≤”类比不等号“≥”.函数的最大值和最小值统称为函数的最值.预设的答案:(1)函数最小值的定义是:一般地,设函数y=f(x)的定义域为I,如果存在实数M满足;①对于任意的x∈I,都有f(x)≥M;②存在x0∈I,使得f(x0)=M.那么称M是函数y=f(x)的最小值.函数最小值的几何意义:函数图象上最低点的纵坐标.(2)讨论函数的最小值,也要坚持定义域优先的原则;函数图象上有最低点时,这个函数才存在最小值;最低点必须是函数图象上的点.设计意图:让学生类比函数最大值的概念、特征得出函数最小值的概念、特征,提升学生自我解决问题的能力.三、巩固练习例1设f (x )=1x (x <0),画出函数f (x +3)(x <−3)的图象,并通过图象直观判断它的单调性.师生活动:先让学生独立思考,共同讨论研究思路,教师展示图像的平移变换. 预设的答案:解:函数f (x +3)=1x+3(x <−3),其图象是函数f (x )=1x 的图象向左平移3个单位得到,如图所示;该函数在区间(,3)-∞-上单调递减. 设计意图:掌握利用图象划分函数单调区间的方法.例2根据函数图象直观判断y =|x −1|的单调性,并求出函数的最值.师生活动:教师引导思考如何作图,学生观察图像得到函数的增减区间.预设的答案:解:函数1,111,1x x y x x x -≤⎧=-=⎨->⎩, 画出该函数的图象,如图所示,函数在区间(],1-∞上是减函数,在区间[)1,+∞上是增函数,函数的最小值min 0y =,无最大值.设计意图:掌握利用图象划分函数单调区间的方法.【课堂练习】1.函数2()3||2f x x x =-++单调减区间是__________,函数的最大值为__________. 师生活动:学生独立完成作图并展示交流,教师点评指导.预设的答案:去绝对值,可得函数2232()32x x f x x x ⎧-++=⎨--+⎩,,00x x ≥<, 当0x ≥时,函数2()32f x x x =-++的单调递减区间为32⎡⎫+∞⎪⎢⎣⎭,, 当0x <时,函数2()32f x x x =--+的单调递减区间为3,02⎡⎤-⎢⎥⎣⎦, 故函数的最大值为417. 综上,函数2232,()32,x x f x x x ⎧-++=⎨--+⎩00x x ≥<的单调递减区间为30,2⎡⎤⎢⎥⎣⎦,3,2⎛⎤-∞- ⎥⎝⎦,函数的最大值为417. 设计意图:强化作图意识,增强学生对函数单调性和最值的理解.2.对于,a b R ∈,记{},,,,a a b max a b b a b ≥⎧=⎨<⎩函数(){1,3}()f x max x x x R =+-∈的最小值是( )A .1B .2C .3D .4 师生活动:学生独立完成,小组合作讨论,并安排小组代表回答,教师鼓励学生使用多种方法解决问题.预设答案:B .{}1,1()max 1,33,1x x f x x x x x +≥⎧=+-=⎨-<⎩, 当1≥x 时,()1f x x =+,显然当1≥x 时,有()(1)2f x f =≥,当1x <时,()3f x x =-,显然当1x <时,有()(1)2f x f >=,因此函数()max{1,3}()f x x x x R =+-∈的最小值是2.设计意图:利用一次函数解析式求函数最值.四、归纳小结问题9:本节课我们学习了哪些内容?判断函数单调性时,应把握好哪些关键问题? 结合本节课的学习过程,你对函数性质的研究方法有什么体会?师生活动:学生思考并回答,教师进行归纳.预设答案:(1)增函数、减函数的定义.(2)要特别注意定义中“定义域内某个区间”“属于”“任意”“都有”这几个关键词语.设计意图:①让学生准确叙述单调递增、单调递减、增函数、减函数的定义,通过举例使学生进一步把握函数单调性的要点.②引导学生进一步理解单调性是函数的局部性质、初步掌握如何对12()()f x f x -进行代数变形.③使学生体会“从定性到定量”的研究思路,即通过图象及自然语言刻画得到函数性质的定性刻画,再用符号语言进行定量刻画,从而使函数性质得到严谨的数学表达.作业布置:教材P62页习题2-3,A 组第1、2题,B 组第2、3题.五、目标检测设计1.函数2()11f x x =-+的单调增区间是__________. 设计意图:巩固由函数图像观察函数的单调区间.2.函数2()34f x x mx =-+在[5,)-+∞上是增函数,在(,5]-∞-上是减函数,则(1)f -=_________.设计意图:巩固函数增减区间概念.4.若函数2()4f x x ax =-+在[]13,内不单调,则实数a 的取值范围是__________. 设计意图:由函数单调性求参数范围.5.已知函数2(),(0,)1x f x x x =∈+∞+. (1)判断函数的单调性,并用定义法证明;(2)若(21)(1)f m f m ->-,求实数m 的取值范围.设计意图:强化函数单调性的规范证明.参考答案:1.答案:30,2⎡⎤⎢⎥⎣⎦,3,2⎛⎤-∞- ⎥⎝⎦. 解析:去绝对值,可得函数2232()32x x f x x x ⎧-+=⎨++⎩,,00x x ≥<,当0x ≥时,函数2()32f x x x =-+的单调递减区间为30,2⎡⎤⎢⎥⎣⎦, 当0x <时,函数2()32f x x x =++的单调递减区间为3,2⎛⎤-∞- ⎥⎝⎦, 综上,函数2232()32x x f x x x ⎧-+=⎨++⎩,,00x x ≥<的单调递减区间为30,2⎡⎤⎢⎥⎣⎦,3,2⎛⎤-∞- ⎥⎝⎦. 2.答案:(−∞,−1),(−1,+∞). 解析:因为2()11f x x =-+, 所以f (x )的图象是由2y x =-的图象沿x 轴向左平移1个单位,然后沿y 轴向上平移一个单位得到,2y x=-的单调增区间为(−∞,0),(0,+∞), 故f (x )的单调增区间是(−∞,−1),(−1,+∞).3.答案:-23.解析:由于函数2()34f x x mx =-+在[5,)-+∞上是增函数,在(,5)-∞-上是减函数, 所以5,306m m =-=-, 所以2()3304f x x x =++,故(1)330423f -=-+=-.4.答案:13(,)22.解析:由题意得函数2()4f x x ax =-+的对称轴为2x a =,因为函数()f x 在[]1,3上不单调, 所以123a <<,即1322a <<. 故实数a 的取值范围是:13(,)22. 5.解:(1)()21222()2+,(0,)111x x f x x x x x +--===∈+∞+++, 该函数由函数()2f x x =-向左平移一个单位,再向上平移2个单位即可得到,如图所示;11由图可知,函数在(0,)x ∈+∞单增,现证明如下;设120x x <<,则121222()2+,()2+11f x f x x x --==++, 故()()()()()212112122221111x x f x f x x x x x --=-=++++, 由于120x x <<,210x x ->,所以()()210f x f x ->,即()()21f x f x >, 故2()1x f x x =+在(0,)x ∈+∞上单调递增; (2)若(21)(1)f m f m ->-,2()1x f x x =+在(0,)x ∈+∞上单调递增, 所以21010211m m m m ->⎧⎪->⎨⎪->-⎩,解得213m <<. 故实数m 的取值范围为213m <<.。

2024年高考数学一轮复习专题05函数的单调性与最值含解析

2024年高考数学一轮复习专题05函数的单调性与最值含解析

专题05函数的单调性与最值最新考纲1.理解函数的单调性、最大值、最小值及其几何意义.2.会运用基本初等函数的图象分析函数的性质.基础学问融会贯穿1.函数的单调性(1)单调函数的定义(2)单调区间的定义假如函数y=f(x)在区间D上是增函数或减函数,那么就说函数y=f(x)在这一区间具有(严格的)单调性,区间D叫做y=f(x)的单调区间.2.函数的最值前提设函数y=f(x)的定义域为I,假如存在实数M满意条件(1)对于随意的x∈I,都有f(x)≤M;(2)存在x0∈I,使得f(x0)=M(3)对于随意的x∈I,都有f(x)≥M;(4)存在x0∈I,使得f(x0)=M结论M为最大值M为最小值【学问拓展】函数单调性的常用结论(1)对∀x 1,x 2∈D (x 1≠x 2),f x 1-f x 2x 1-x 2>0⇔f (x )在D 上是增函数,f x 1-f x 2x 1-x 2<0⇔f (x )在D 上是减函数.(2)对勾函数y =x +ax(a >0)的增区间为(-∞,-a ]和[a ,+∞),减区间为[-a ,0)和(0,a ]. (3)在区间D 上,两个增函数的和仍是增函数,两个减函数的和仍是减函数.(4)函数f (g (x ))的单调性与函数y =f (u )和u =g (x )的单调性的关系是“同增异减”.重点难点突破【题型一】确定函数的单调性(区间) 命题点1 给出详细解析式的函数的单调性 【典型例题】下列函数中,值域为R 且在区间(0,+∞)上单调递增的是( ) A .y =x 2+2xB .y =2x +1C .y =x 3+1D .y =(x ﹣1)|x |【解答】解:依据题意,依次分析选项:对于A ,y =x 2+2x =(x +1)2﹣1,其值域为[﹣1,+∞),不符合题意; 对于B ,y =2x +1,其值域为(0,+∞),不符合题意;对于C ,y =x 3+1,值域为R 且在区间(0,+∞)上单调递增,符合题意; 对于D ,y =(x ﹣1)|x |,在区间(0,1)上为减函数,不符合题意;故选:C .【再练一题】已知函数f (x )=ln ,则( )A .f (x )是奇函数,且在(﹣∞,+∞)上单调递增B .f (x )是奇函数,且在(﹣∞,+∞)上单调递减C .f (x )是偶函数,且在(0,+∞)上单调递增D .f (x )是偶函数,且在(0,+∞)上单调递减【解答】解:依据题意,函数f (x )=ln,其定义域为R ,有f(﹣x)=ln ln f(x),则函数f(x)为偶函数,设t,y=lnt,对于t,则导数t′,当x>0时,t′>0,即函数t在区间(0,+∞)上为增函数,又由y=lnt在区间(0,+∞)上为增函数,则函数f(x)=ln在0,+∞)上为增函数,故选:C.命题点2 解析式含参数的函数的单调性【典型例题】定义在R的函数f(x)=﹣x3+m与函数g(x)=f(x)+x3+x2﹣kx在[﹣1,1]上具有相同的单调性,则k 的取值范围是()A.(﹣∞,﹣2] B.[2,+∞)C.[﹣2,2] D.(﹣∞,﹣2]∪[2,+∞)【解答】解:依据题意,函数f(x)=﹣x3+m,其定义域为R,则R上f(x)为减函数,g(x)=f(x)+x3+x2﹣kx=x2﹣kx+m在[﹣1,1]上为减函数,必有x1,解可得k≥2,即k的取值范围为[2,+∞);故选:B.【再练一题】已知函数f(x)(a>0且a≠1)在R上单调递减,则a的取值范围是()A.[,1)B.(0,] C.[,] D.(0,]【解答】解:由题意,分段函数是在R上单调递减,可得对数的底数需满意0<a<1,依据二次函数开口向上,在(单调递减,可得,即,解得:.且[x2+(4a﹣3)x+3a]min≥[log a(x+1)+1]max故而得:3a≥1,解得:a.∴a的取值范围是[,],故选:C.思维升华确定函数单调性的方法:(1)定义法和导数法,证明函数单调性只能用定义法和导数法;(2)复合函数法,复合函数单调性的规律是“同增异减”;(3)图象法,图象不连续的单调区间不能用“∪”连接.【题型二】函数的最值【典型例题】若函数f(x),则函数f(x)的值域是()A.(﹣∞,2)B.(﹣∞,2]C.[0,+∞)D.(﹣∞,0)∪(0,2)【解答】解:当x<1时,0<2x<2,当x≥1时,f(x)=﹣log2x≤﹣log21=0,综上f(x)<2,即函数的值域为(﹣∞,2),故选:A.【再练一题】函数f(x)=e x﹣x在区间[﹣1,1]上的值域为()A.[1,e﹣1] B.C.D.[0,e﹣1]【解答】解:函数的导数f′(x)=e x﹣1,由f′(x)>0得e x﹣1>0,即e x>1,得0<x≤1,此时函数递增,由f′(x)<0得e x﹣1<0,即e x<1,得﹣1≤x<0,此时函数递减,即当x=0时,函数取得微小值同时也是最小值f(0)=1,∵f(1)=e﹣1,f(﹣1)1<e﹣1,∴函数的最大值为f(1)=e﹣1,即函数的值域为[1,e﹣1],故选:A.思维升华求函数最值的五种常用方法及其思路(1)单调性法:先确定函数的单调性,再由单调性求最值.(2)图象法:先作出函数的图象,再视察其最高点、最低点,求出最值.(3)基本不等式法:先对解析式变形,使之具备“一正二定三相等”的条件后用基本不等式求出最值.(4)导数法:先求导,然后求出在给定区间上的极值,最终结合端点值,求出最值.(5)换元法:对比较困难的函数可通过换元转化为熟识的函数,再用相应的方法求最值.【题型三】函数单调性的应用命题点1 比较大小【典型例题】已知函数,若,则a、b、c之间的大小关系是()A.a<b<c B.b<c<a C.c<a<b D.b<a<c【解答】解:依据题意,函数,其定义域为R,则f(﹣x)=|ln(x)|=|ln|=|﹣ln(x)|=|ln(x)|=f (x),即函数f(x)为偶函数,设g(x)=ln(x)=ln,有g(0)=ln1=0,设t,则y=lnt,当x≥0时,t为减函数且t>0,而y=lnt在(0,+∞)为增函数,则g(x)=ln(x)=ln在[0,+∞)上为减函数,又由g(0)=0,则在区间[0,+∞)上,g(x)≤0,又由f(x)=|g(x)|,则f(x)在区间[0,+∞)上为增函数,a=f()=f(log94),b=f(log52)=f(log254),又由log254<log94<1<1.80.2,则有b<a<c;故选:D.【再练一题】已知函数f(x)=x•ln,a=f(),b=f(),c=f(),则以下关系成立的是()A.c<a<b B.c<b<a C.a<b<c D.a<c<b【解答】解:,,;∵;∴;∴c<a<b.故选:A.命题点2 解函数不等式【典型例题】已知函数f(x)=e x﹣e﹣x,则关于x的不等式f(x)+f(x2﹣2)<0的解集为()A.(﹣2,1)B.(﹣∞,﹣2)∪(1,+∞)C.(﹣1,2)D.(﹣∞,﹣1)∪(2,+∞)【解答】解:依据题意,函数f(x)=e x﹣e﹣x,有f(﹣x)=e﹣x﹣e x=﹣(e x﹣e﹣x)=﹣f(x),则函数f(x)为奇函数,又由f′(x)=e x+e﹣x>0,则函数f(x)在R上为增函数,f(x)+f(x2﹣2)<0⇒f(x)<﹣f(x2﹣2)⇒f(x)<f(2﹣x2)⇒x<2﹣x2,即x2+x﹣2<0,解可得﹣2<x<1,即其解集为(﹣2,1);故选:A.【再练一题】设定义在R上的奇函数f(x)满意f(x)=x3﹣8(x>0),则{x|f(x﹣2)≥0}=()A.[﹣2,0)∪[2,+∞)B.(﹣∞﹣2]∪[2,+∞)C.[0,2)∪[4,+∞)D.[0,2]∪[4,+∞)【解答】解:∵f(x)是R上的奇函数,且x>0时,f(x)=x3﹣8;∴f(0)=f(2)=f(﹣2)=0,且f(x)在(0,+∞),(﹣∞,0)上都单调递增;∴①x=2时,满意f(x﹣2)≥0;②x>2时,由f(x﹣2)≥0得,f(x﹣2)≥f(2);∴x﹣2≥2;∴x≥4;③x<2时,由f(x﹣2)≥0得,f(x﹣2)≥f(﹣2);∴x﹣2≥﹣2;∴x≥0;∴0≤x<2;综上得,f(x﹣2)≥0的解集为[0,2]∪[4,+∞).故选:D.命题点3 求参数范围【典型例题】若函数f(x)在R上是增函数,则a的取值范围为()A.(﹣∞,1] B.(0,2)C.(0,1] D.[1,2)【解答】解:∵f(x)在R上是增函数;∴;解得0<a≤1;∴a的取值范围为:(0,1].故选:C.【再练一题】若(a≠1),在定义域(﹣∞,+∞)上是单调函数,则a的取值范围是()A.B.C.D.【解答】解:f(x)在定义域(﹣∞,+∞)上是单调函数时,①函数的单调性是增函数时,可得当x=0时,(a2﹣1)e ax≤ax2+1=1,即a2﹣1≤1,解之得a∵x≥0时,y=ax2+1是增函数,∴a>0又∵x<0时,(a2﹣1)e ax是增函数,∴a2﹣1>0,得a<﹣1或a>1因此,实数a的取值范围是:1<a②函数的单调性是减函数时,可得当x=0时,(a2﹣1)e ax≥ax2+1=1,即a2﹣1≥1,解之得a或a.∵x≥0时,y=ax2+1是减函数,∴a<0又∵x<0时,(a2﹣1)e ax是减函数,∴a2﹣1>0,得a<﹣1或a>1因此,实数a的取值范围是:a综上所述,得a∈故选:C.思维升华函数单调性应用问题的常见类型及解题策略(1)比较大小.(2)解不等式.利用函数的单调性将“f”符号脱掉,转化为详细的不等式求解,应留意函数的定义域.(3)利用单调性求参数.①依据函数的图象或单调性定义,确定函数的单调区间,与已知单调区间比较;②需留意若函数在区间[a,b]上是单调的,则该函数在此区间的随意子集上也是单调的;③分段函数的单调性,除留意各段的单调性外,还要留意连接点的取值.基础学问训练1.若,则下列不等式正确的是()A.B.C.D.【答案】D【解析】∵,对A选项,变形为log a x3<log a y2,而函数y=是单调递减函数,x3<y2,∴log a x3>log a y2,故A不正确;对B选项,,函数y=cosx是单调递减函数,∴,故B不正确;对C选项,y=是单调递减函数,∴, 故C不正确;而D选项,幂函数y=是单调递增函数,∴,故应选D.2.已知函数且满意,则的取值范围为()A.B.C.D.【答案】C【解析】因为,所以,所以函数为定义在R上的偶函数;又时,单调递减,所以由偶函数的对称可得:时,单调递增,所以由可得,解得.故选C3.已知函数,则函数有()A.最小值,无最大值 B.最大值,无最小值C.最小值1,无最大值 D.最大值1,无最小值【答案】D【解析】∵函数f(x)的定义域为(﹣∞,]设t,则t,且x,∴f(x)=g(t)t2+t(t﹣1)2+1,t,∴g(t)≤g(1)即g(t)≤1∴函数f(x)的最大值1,无最小值.故选D.4.若函数f(x)=log2(x2-2x+a)的最小值为4,则a=()A.16 B.17 C.32 D.33【答案】B【解析】函数f(x)=log2(x2-2x+a)的最小值为4,可得y= x2-2x+a的最小值为16,由y=(x-1)2+a-1,可得a-1=16,即a=17,故选:B.5.高斯是德国闻名的数学家,近代数学奠基者之一,享有“数学王子”的称号,用其名字命名的“高斯函数”为:设,用表示不超过的最大整数,则称为高斯函数,例如:,,已知函数,则函数的值域是()A. B. C. D.【答案】A【解析】.∴当时,;当时,;∴函数的值域是.故选A.6.已知函数的最小值为8,则A.B.C.D.【答案】B【解析】函数的最小值为8,可得,明显的最小值不为8;时,由对数函数的性质可得当时,的最小值为,由题意可得,设递增,,可得,故选:B.7.对于函数f(x),若∀a,b,c∈R,f(a),f(b),f(c)为某一三角形的三边长,则称f(x)为“可构造三角形函数”.已知函数f(x)=是“可构造三角形函数”,则实数t的取值范围是()A. B. C. D.【答案】A【解析】由题意可得f(a)+f(b)>f(c)对于∀a,b,c∈R都恒成立,由于f(x),①当t﹣1=0,f(x)=1,此时,f(a),f(b),f(c)都为1,构成一个等边三角形的三边长,满意条件.②当t﹣1>0,f(x)在R上是减函数,1<f(a)<1+t﹣1=t,同理1<f(b)<t,1<f(c)<t,故f(a)+f(b)>2.再由f(a)+f(b)>f(c)恒成立,可得2≥t,结合大前提t﹣1>0,解得1<t≤2.③当t﹣1<0,f(x)在R上是增函数,t<f(a)<1,同理t<f(b)<1,t<f(c)<1,由f(a)+f(b)>f(c),可得 2t≥1,解得1>t.综上可得,t≤2,故选:A.8.奇函数单调递减,若,则满意的取值范围是()A.B.C.D.[1,3]【答案】D【解析】因为奇函数单调递减,所以函数单调递减,且为奇函数,所以,因为,所以,所以,解得,即满意的取值范围是,故选D.9.假如对定义在R上的奇函数,对随意两个不相邻的实数,全部,则称函数为“H函数”,下列函数为H函数的是A.B.C.D.【答案】D【解析】依据题意,对于全部的不相等实数,则恒成立,则有恒成立,即函数是定义在R上的增函数,则“H函数”为奇函数且在R上为增函数,据此依次分析选项:对于A,,为正弦函数,为奇函数但不是增函数,不符合题意;对于B,,为指数函数,不是奇函数,不符合题意;对于C,,为奇函数,但在R上不是增函数,不符合题意;对于D,,为奇函数且在R上为增函数,符合题意;故选:D.10.已知定义在上的函数,对随意,有,且时,有,设,则()A.B.C.D.【答案】A【解析】因为对随意,所以,因为时,有,所以函数在区间上是增函数,因为,所以,即,所以,故选A.11.已知定义在R上的函数f(x)=-1(m为实数)为偶函数,记a=f(log0.53),则a,b,c的大小关系为( )A.a<b<c B.a<c<b C.c<a<b D.c<b<a【答案】B【解析】解:∵f(x)为偶函数;∴f(﹣x)=f(x);∴﹣1=﹣1;∴|﹣x﹣m|=|x﹣m|;(﹣x﹣m)2=(x﹣m)2;∴mx=0;∴m=0;∴f(x)=﹣1;∴f(x)在[0,+∞)上单调递增,并且a=f(||)=f(),b=f(),c=f(2);∵0<<2<;∴a<c<b.故选:B.12.已知t为常数,函数在区间上的最大值为2,则t的值为A.B.C.D.【答案】A【解析】令上的增函数.当,即时,,舍去.当,即时,由于单调递增,故函数的最值在端点处取得..若,解得(舍去).当时,符合题意.当,解得.当时,,不符合题意.当时,符合题意.故.所以选A.13.假如奇函数在区间上是减函数,值域为,那么______.【答案】12【解析】由f(x)在区间上是递减函数,且最大值为5,最小值为-2,得f(3)=5,f(7)=-2,∵f(x)是奇函数,∴.故答案为:12.14.已知函数,若上是减函数,则实数的取值范围为____.【答案】[,0)【解析】若在R上是减函数,因为y=上单调递减,故只需满意,解得:k∈[,0)故答案为:[,0)15.设函数f(x)=|x-1|在x∈[t,t+4](t∈R)上的最大值为M(t),则M(t)的最小值为______.【答案】2【解析】作出函数f(x)=|x-1|的图象,如图所示,当t+4≤1即t≤-3时,f(x)在[t,t+4]递减,可得最大值M(t)=f(t)=|t-1|=1-t,由M(t)在t≤-3递减,可得M(t)≥4,即最小值为4;当t≥1时,f(x)在[t,t+4]递增,可得最大值M(t)=f(t+4)=|t+3|=t+3,由M(t)在t≥1递增,可得M(t)≥4,即最小值为4;当t<1<t+4,即-3<t<1时,f(x)在(t,1)递减,在(1,t+4)递增,可得f(x)的最小值为0;当t=-1时,f(t)=f(t+4)=2;当-1<t<1时,f(t)<f(t+4),f(x)的最大值M(t)=f(t+4)=t+3,且M(t)∈(2,4);当-3<t<-1时,f(t)>f(t+4),f(x)的最大值M(t)=f(t)=1-t,且M(t)∈(2,4);综上可得M(t)的最小值为2.故答案为:2.16.已知函数,若当时,都有,则a的取值范围为______.【答案】【解析】①当时,即②当时,若,即时,若,即时,③当时,综上所述,17.对于区间,若函数同时满意:上是单调函数;函数的值域是,则称区间为函数的“保值”区间.求函数的全部“保值”区间.函数是否存在“保值”区间?若存在,求出实数m的取值范围;若不存在,说明理由.【答案】(1);(2)函数存在“保值”区间,此时m的取值范围是.【解析】因为函数的值域是,且的值域是,所以,所以,从而函数在区间上单调递增,故有,解得,又,所以,所以函数的“保值”区间为;若函数存在“保值”区间,若,由可得函数的“保值”区间为;若,此时函数在区间上单调递减,可得,消去m得,整理得,因为,所以,即,即有,因为,可得;若,此时函数在区间上单调递增,可得,消去m得,整理得.因为,所以,可得,可得.由,即有.综合得,函数存在“保值”区间,此时m的取值范围是.18.已知函数常数.证明上是减函数,在上是增函数;时,求的单调区间;对于中的函数和函数,若对随意,总存在,使得成立,求实数a的值.【答案】(1)见解析;(2)见解析;(3)【解析】证明::设,且,,,,当时,即,当时,即,时,,即,此时函数为减函数,当时,,即,此时函数为增函数,故上是减函数,在上是增函数;时,,,设,则,,由可知上是减函数,在上是增函数;,即,即上是减函数,在上是增函数;由于为减函数,故又由(2)得由题意,的值域为的值域的子集,从而有,解得.19.已知函数,其中.解关于x的不等式;求a的取值范围,使在区间上是单调减函数.【答案】(1)见解析;(2).【解析】的不等式,即为,即为,当时,解集为;当时,解集为;当时,解集为;,由在区间上是单调减函数,可得,解得.即a的范围是.20.已知函数.判定并证明函数的单调性;是否存在实数m,使得不等式对一切都成立?若存在求出m;若不存在,请说明理由.【答案】(1)见解析;(2)【解析】函数上R上的单调递增函数.证明如下:设,,,且,,函数上R上的单调递增函数.函数,,是R上的奇函数,不等式对一切都成立,,对一切都成立,是R上的增函数,,对一切都成立,.存在实数,使得不等式对一切都成立.实力提升训练1.已知是自然对数的底数),,则的大小关系是( ) A.B.C.D.【答案】A【解析】记,可得x=e可知:上单调递增,又∴,即故选:A2.若函数,设,则的大小关系A.B.C.D.【答案】D【解析】依据题意,函数,是二次函数,其对称轴为y轴,且在上为增函数,,则有,则;故选:D.3.已知函数,若的最小值为,则实数m的值为A. B. C.3 D.或3【答案】C【解析】函数,即,当时,不成立;当,即时,递减,可得取得最小值,且,解得成立;当,即时,递增,可得取得最小值,且,不成立;综上可得.故选:.4.若函数上的最大值与最小值的差为2,则实数的值为( ).A.2 B.-2 C.2或-2 D.0【答案】C【解析】解:①当a=0时,y=ax+1=1,不符合题意;②当a>0时,y=ax+1在[1,2]上递增,则(2a+1)﹣(a+1)=2,解得a=2;③当a<0时,y=ax+1在[1,2]上递减,则(a+1)﹣(2a+1)=2,解得a=﹣2.综上,得a=±2,故选C.5.已知直线分别与函数的图象交于两点,则两点间的最小距离为()A. B. C. D.【答案】D【解析】依据题意得到PQ两点间的距离即两点的纵坐标的差值,设t+1=u,t=u-1>0,原式等于依据均值不等式得到当且仅当u=1,t=0是取得最值.故答案为:D.6.已知函数的值域为()A. B. C. D.【答案】C【解析】由题意,设,则,又由指数函数的性质,可知函数为单调递减函数,所以函数的值域为,故选C.7.已知函数的定义域为(1)试推断的单调性;(2)若,求的值域;(3)是否存在实数,使得有解,若存在,求出的取值范围;若不存在,说明理由. 【答案】(1)单调递增(2)(3)存在,且取值范围为【解析】解:(1)设单调递增.(2)令的值域为(3)由而当时,令,所以的取值范围为8.已知函数(1)设的两根,且,试求的取值范围(2)当时,的最大值为2,试求【答案】(1)(2)【解析】(1)由题意可得的两根,且,解得故(2)当时,的最大值为2,由,可知抛物线开口向上,对称轴为①若,则当时取得最大值,即,解得②若,则当时取得最大值,即,解得故9.已知函数.(1)若,求a的值.(2)推断函数的奇偶性,并证明你的结论.(3)求不等式的解集.【答案】(1);(2)奇函数;(3).【解析】,则,得,即,则.函数的定义域为R,,即函数是奇函数.由不等式,,在R上是增函数,不等式等价为,即,即,得.即不等式的解集为.10.已知函数.(Ⅰ)推断并证明的单调性;(Ⅱ)设,解关于的不等式.【答案】(Ⅰ)上单调递增;(Ⅱ).【解析】解:(Ⅰ)的定义域为,由是奇函数;任取,则,上单调递增;又由(Ⅰ)知,上的奇函数,上单调递增;上单调递增.(Ⅱ),由是奇函数;又由(Ⅰ)知上单调递增,上单调递增,等价于,可得:,解得:不等式的解集是.。

北师大版高中数学导学案《函数的单调性与最值》

北师大版高中数学导学案《函数的单调性与最值》

3.函数的单调性与最值一、知识梳理: 1、 函数的单调性(1) 函数的单调区间必须在定义域内。

分别在两个区间上单调用“和”连接而不能用并.如:求函数xy 1=的单调区间。

(2)定义:设函数y =f (x )的定义域为I , 如果对于定义域I 内的某个区间D 内的任意两个自变量x 1,x 2,当x 1<x 2时,都有f (x 1)<f (x 2)(f (x 1)>f (x 2)),那么就说f (x )在区间D 上是增函数(减函数); (3)函数单调性的证明、判断和求单调区间:定义法,导数法。

定义法:对任意的()b a x x ,,21∈,21x x <,判断()()21x f x f -的符号,两法因式分解和配方法,以()R x x x f y ∈==,3说明之(4)初等函数的单调性:一次函数,反比例函数,二次函数,指数函数,对数函数,幂函数,三角函数等函数的单调区间。

具体说明。

(5)设()[]x g f y =是定义在M 上的函数,若f(x)与g(x)的单调性相反,则()[]x g f y =在M 上是减函数;若f(x)与g(x)的单调性相同,则()[]x g f y =在M 上是增函数。

如求函数21xy =的单调递增区间为 ,单调递减区间为 。

(6)简单性质:①奇函数在其对称区间上的单调性相同;②偶函数在其对称区间上的单调性相反; ③在公共定义域内:增函数+)(x f 增函数)(x g 是增函数;减函数+)(x f 减函数)(x g 是减函数; 增函数-)(x f 减函数)(x g 是增函数;减函数-)(x f 增函数)(x g 是减函数。

2、函数的最值 (1)定义:最大值:一般地,设函数y =f (x )的定义域为I ,如果存在实数M 满足:①对于任意的x ∈I ,都有f (x )≤M ;②存在x 0∈I ,使得f (x 0) = M 。

那么,称M 是函数y =f (x )的最大值。

高中数学北师大版精品教案《函数的单调性和最值》

高中数学北师大版精品教案《函数的单调性和最值》

函数的单调性和最值【第一课时】 【教材分析】函数的单调性和最值的第一课时,主要学习用数学语言刻画函数的变化趋势(单调性的定义)及简单的应用,是学习函数概念后研究的第一个、也是最基本的一个性质,对于分析函数性质、求函数最值、比较大小、解不等式、函数零点的判定以及其他函数综合问题等,都有重要的应用,掌握函数单调性的定义和应用,为学习幂函数、指数函数、对数函数,包括导函数等做好准备。

【教学目标与核心素养】1.知识目标:利用图象判断函数的单调性、寻找函数的单调区间;掌握函数的单调性的定义,用定义证明函数的单调性,及作差结果符号的判断方法;熟悉常见函数(绝对值函数、二次函数、分段函数等)的单调性及简单应用。

2.核心素养目标:通过函数单调性的概念的学习和简单的应用,体会数形结合、分类讨论等基本的数学思想方法,提高学生的数学运算和直观想象能力。

【教学重难点】(1)利用函数的图象判断单调性、寻找函数单调区间;(2)函数的单调性的定义,用定义证明函数的单调性的方法,及作差结果符号的判断方法; (3)常见函数(绝对值函数、二次函数、分段函数等)的单调性及简单应用。

【课前准备】多媒体课件【教学过程】一、知识引入初中学习了一次函数y kx b =+的图象和性质,当0k >时,直线是向右上,即函数值y 随x 的增大而增大,当0k <时,直线向右下,即函数值y 随x 的增大而减小。

同样二次函数、反比例函数等,也有类似的性质。

思考讨论:(1)如图,是某位同学从高一到高三上学期的考试成绩的统计图,从图中,你可以得出该同学成绩是怎样变化的呢?提示:高一时成绩在下降,高一下期期末降到最低名次32名,以后各次考试成绩逐步提高,到高三上期时已经进入前五名。

(2)如图,是函数()[] 6,9f x x ∈-()的图象,说出在各个区间函数值()f x 随x 的值的变化情况。

提示:在区间[][][][]6,52,13,4.57,8---、、、上,函数值()f x 都是随x 的值的增大而增大; 在区间[][][][]5,21,3 4.5,78,9--、、、上,函数值f (x )都是随x 的值的增大而减小。

届高考数学(北师大版)一轮复习讲义课件:1.4函数的单调性

届高考数学(北师大版)一轮复习讲义课件:1.4函数的单调性

下面采用定义证明:
任取 x1、x2∈(-1,+∞),且-1<x1<x2, 则有 x1-x2<0, f(x1)-f(x2)=x1+2 1-x2+2 1=x12+x12-xx2+1 1, ∵- 1<x1< x2,∴x1+ 1> 0, x2+1>0,x2-x1> 0. ∴x12+x12-xx2+1 1>0. 即 f(x1)-f(x2)>0,所以 f(x1)>f(x2).
典例对对碰
题型一 用函数单调性的定义证明函数的单调性 例 1 判断下列函数的单调性,并证明. (1)f(x)=x+2 1,x∈(-1,+∞); (2)f(x)=-x2+2x+1,x∈[1,+∞); (3)f(x)= x+1,x∈[-1,+∞).
解析
(1)函数
f(x)=x+2
在 1
(-1,+∞)上为减函数.
(2)对单调性的理解需注意: ①函数的单调性只能在函数的定义域内讨论,单调区间是定义
域的子区间或定义域本身,离开了定义域这个大前提就会导致错 误.如函数 y=lg(3+2x-x2)的单调递增区间为(-1,1],而不能认为 是(-∞,1],因为定义域为(-1,3).
②函数 f(x)在给定区间上的单调性,反映了函数在局部区间上 函数值的变化趋势.因此若要判定或证明函数在该区间上的单调性,
解析 由 u=x2-3x+2>0 得 x<1 或 x>2.结合二次函数的 图像及单调性易知:
当 x∈(-∞,1)时,u(x)为减函数. 当 x∈(2,+∞)时,u(x)为增函数. 又 y=log0.7u 在定义域内为减函数,因此由复合函数的单调性 可知: x∈(-∞,1)时,y 为增函数,x∈(2,+∞)时,y 为减函数. 点评 函数的定义域是讨论函数性质的前提,任何问题的解 决必须在定义域内进行.因此,首先须求定义域.

一轮复习北师大版第2章第2节 函数的单调性与最值课件

一轮复习北师大版第2章第2节 函数的单调性与最值课件

在本例(2)中,若将“[f(x2)-f(x1)](x2-x1)<0”改为“[f(x2)- f(x1)](x2-x1)>0”,结果如何?
解:因为f(x)的图象关于直线x=1对称, 所以f -12=f 52. 当x2>x1>1时, [f(x2)-f(x1)](x2-x1)>0恒成立,知f(x)在(1,+∞)上单调递 增.因为1<2<52<e, 所以f(2)<f 52<f(e),所以b<a<c.
3)的单调递增区间是( )
A.(2,+∞)
B.(-∞,2)
C.(4,+∞)
D.(-∞,4)
B 解析:因为f(x)=ax+1在R上单调递减,所以a<0. 而g(x) =a(x2-4x+3)=a(x-2)2-a.因为a<0,所以g(x)的单调递增区间是 (-∞,2).
3.函数f(x)=ln(x2-2x-8)的单调递增区间是( )
2.增函数、减函数 (1)当函数 f(x)在定义域上单调递增时,我们就称它是增函数 . (2)当函数 f(x)在定义域上单调递减时,我们就称它是减函数.
1.单调递增(减)函数定义中的 x1,x2 的三个特征 一是任意性;二是有大小,即 x1<x2(或 x1>x2);三是同属于一个 单调区间.三者缺一不可. 2.增、减函数定义的等价形式 对于∀x1,x2∈I,都有(x1-x2)·[f(x1)-f(x2)]>0(<0)或fxx11--xf2x2 >0(<0),则函数 f(x)在 I 上单调递增(减).
3.函数 y=x2-6x+6 在区间[2,4]上( ) A.单调递减 B.单调递增 C.先单调递减再单调递增 D.先单调递增再单调递减
C 解析:画出函数 y=x2-6x+6 在区间[2,4]上图象,观察图象 可知,该函数在[2,3]上单调递减,在[3,4]上单调递增.

2024届新高考一轮复习北师大版 第四章 第三节 利用导数研究函数的极值、最值 课件(35张)

2024届新高考一轮复习北师大版 第四章 第三节 利用导数研究函数的极值、最值 课件(35张)

微点拨 函数最值与极值的区别
(1)函数在闭区间上若存在最大值或最小值,则最大值或最小值只能各有一
个,具有唯一性;而极大值和极小值可能有多个,也可能没有;
(2)极值只能在函有最值的不一定有极值.
常用结论
1.有极值的函数一定不是单调函数.
且f(x)的极大值为4,则b=(
A.-1
B.2
C.-3
)
D.4
(2)(2022·江苏南京模拟)已知函数f(x)=x(ln x-ax)在区间(0,+∞)上有两个极
值,则实数a的取值范围为(
A.(0,e)
C.
1
0,
2
B.
1
0,
e
D.
1
0,
3
)
答案 (1)B (2)C
解析 (1)f(x)=(x-a)(x-b)ex=(x2-ax-bx+ab)ex,所以f'(x)=(2x-a-b)ex+(x2-axbx+ab)ex=ex[x2+(2-a-b)x+ab-a-b].因为函数f(x)=(x-a)(x-b)ex在x=a处取得极
极值点.
(2)在一个给定的区间上,函数可能有若干个极值点,也可能不存在极值点;
函数可以只有极大值没有极小值,或者只有极小值没有极大值,也可能既有
极大值又有极小值.极大值不一定比极小值大,极小值不一定比极大值小.
微思考 对于可导函数f(x),“f'(x0)=0”是“f(x)在x=x0处取得极值”的什么条件?
取得极值的条件
极值
极值点
在包含x0的一个区间(a,b)内,函数y=f(x)在
任何不为x0的一点处的函数值都
小于点x0处的函数值

3函数的单调性和最值-北师大版高中数学必修第一册(2019版)教案

3函数的单调性和最值-北师大版高中数学必修第一册(2019版)教案

3 函数的单调性和最值-北师大版高中数学必修第一册(2019版)教案课程目标本课程的主要目标是让学生了解函数的单调性和最值的概念,并能够运用所学知识解决实际问题。

具体目标包括:1.掌握函数单调性的定义和判别方法;2.掌握函数最值的概念和求解方法;3.能够应用函数的单调性和最值解决实际问题。

课程内容一、函数的单调性1.函数的单调性概念:如果一个函数在其定义域上任意两点的函数值的大小关系都相同,那么这个函数就是单调的。

2.单调性判定方法:可以通过研究函数的导数或者函数的一阶差分值来判断一个函数的单调性。

3.单调性的应用:函数的单调性可以应用于最值的求解、不等式的证明等问题中。

二、函数的最值1.函数最大值和最小值的概念:在函数定义域内,函数值最大的数就叫做函数的最大值;函数值最小的数就叫做函数的最小值。

2.最值的求解方法:可以通过求解导数或者利用单调性来确定函数的最值。

3.最值的应用:最值可以应用于最优化问题、优化设计等方面。

教学方法1.讲解法:通过案例分析,教师介绍单调性和最值的概念和判定方法。

2.组合式教学:学生分组协作,通过完成练习题来深化对单调性和最值的认识。

3.实践教学:通过实际问题的解决,来锻炼学生应用所学知识解决实际问题的能力。

教学设计一、引入教师通过实际生活中的例子,引导学生认识单调性和最值,并且让学生思考,如果需要求解最优解,我们应该怎么办?二、知识点讲解1.函数的单调性概念、判定方法和应用;2.函数的最值的概念、求解方法和应用。

三、分组练习教师组织学生进行分组协作练习,通过练习题来复习和深化所学知识。

四、实践应用教师通过实际问题的讨论,让学生应用所学知识解决实际问题。

总结通过本课程的学习,学生将会掌握函数单调性和最值的概念和应用,以及运用所学知识解决实际问题的能力。

同时,本课程也将为学生今后的学习打下坚实的基础。

《函数的单调性和最值(1)》示范公开课教案【高中数学必修第一册北师大】

《函数的单调性和最值(1)》示范公开课教案【高中数学必修第一册北师大】

《函数的单调性和最值(1)》教学设计1.理解增函数、减函数、最值等概念.2.培养学生利用函数概念进行判断推理的能力及数形结合的能力.3.使学生养成细心观察、认真分析的良好思维习惯.重点:函数单调性的概念.难点:对函数单调性概念中关键词的理解. 一、新课导入 复习函数的概念,回答以下问题: 1.函数是如何定义的?函数概念包含几个要素?各是什么?2.函数常见的表示法有几种?各有什么特点?3.函数的定义域怎样确定?如何表示?4.函数研究的主要内容是什么?5.下列函数具有什么特征?如何说明函数具有这些特征?为什么具有这些特征?(1)y =2x +1 (2)y =−x 2+1 (3)y =1x1.函数概念:给定实数集R 中的两个非空数集A 和B ,如果存在一个对应关系f ,使对于集合A 中的每一个数x ,在集合B 中都有唯一确定的数y 和它对应,那么就把对应关系f 称为定义在集合A 上的一个函数,记作y =f (x ),x ∈A .函数的三要素:定义域、对应法则、值域.2.解析法的特点:简明、全面地概括了变量间的关系;图象法的特点:直观形象地表示出函数变化的趋势;列表法的特点:不需计算直接就可看出自变量相应的函数值.3.函数的定义域:使函数有意义的自变量的取值范围.通常用集合或者区间来表示.4.函数研究的主要内容是函数的概念与性质.5.(1)中函数值随自变量的增大而增大;随自变量的减小而减小.(2)中,在对称轴的左侧,函数值随自变量的增大而增大;在对称轴的右侧,函数值随自变量的增大而减小.(3)中在第一象限和第三象限,函数值均随自变量的增大而减小.设计意图:(1)复习函数概念及函数的表示法,引导学生从概念出发研究函数的性质;(2)回顾初中对函数性质的认识及研究方法,与本节课的学习内容形成对比. ◆教学目标 ◆教学重难点 ◆ ◆教学过程二、新知探究问题1:(展示某只股票在某一天内的变化图)请学生观察股市图,说一说这只股票当天的走势.答案:随着时间的增加,股票价格不断增长,最后随着时间的增加,价格稳定不变.问题2:观察函数图象,分析当自变量x变化时,函数值f(x)是怎样随之变化的.答案:从左至右观察函数f(x) (x∈[-6,9])的图象上点的位置变化,可以看出:对于区间[-6,-5],[-2,1],[3,4.5],[7,8],图象是上升的,每个区间上的函数值f(x)都随x值的增大而增大;对于区间[-5,-2],[1,3],[4.5,7],[8,9],图象是下降的,每个区间上的函数值f(x)都随x值的增大而减小.函数值随着自变量的增大而增大,或随着自变量的增大而减小,这种变化规律称为函数的单调性.追问:怎样用数学的符号语言来表达函数值f(x)在区间[-6,-5]上随x值的增大而增大呢?答案:对于任意的x1、x2∈[-6,-5].当x1<x2时,f(x1)< f(x2).设计意图:在观察分析的过程中,将点的位置变化转化为随自变量的变化函数值的变化,由对函数图象的观察转化为对函数性质的研究.问题3:通过上面的学习,我们如何用数学的符号语言表达函数的单调性呢?一般地,设函数f(x)的定义域D:如果对于任意的x1、x2∈D,当x1<x2,都有f(x1)< f(x2),那么就称函数y=f(x)是增函数,特别的,当I是定义域D上的一个区间时,也称函数y= f(x)在区间I上单调递增.如果对于任意的x1、x2∈D,当x1<x2,都有f(x1)>f(x2),那么就称函数y=f(x)是减函数,特别地,当I是定义域D上的一个区间时,也称函数y=f(x)在区间I上单调递减.如果函数y=f(x)在区间上单调递增或递减,那么就称函数y=f(x)在区间I上具有单调性.此时I为函数y=f(x)的单调区间.追问1:如何理解函数单调性定义中的关键词“任意的”“都有”?答案:“任意的”“都有”指的是在定义域当中存在两个变量满足条件,是不能确定函数的单调性的,需要对定义域内任意选取的所有x1、x2,只要满足x1<x2都有f(x1)< f(x2)或者f(x1)> f(x2)成立,才能确定函数的单调性.追问2:函数单调递增或者单调递减还有其他表示形式吗?答案:在函数y=f(x)定义域内的一个区间I上,对于任意的x1、x2∈I且x1≠x2,>0,则称函数y=f(x)在区间I上是增函若[f(x1)-f(x2)](x1−x2)>0或f(x1)-f(x2)x1−x2数或函数y=f(x)在区间I上单调递增.若[f(x1)-f(x2)](x1−x2)<0或f(x1)-f(x2)<0,则称函数y=f(x)在区间I上是减函数x1−x2或函数y=f(x)在区间I上单调递减.问题4:观察问题2中函数的图象,函数值f(x)在哪个范围内变化?从函数图象上看,函数的最大值(最小值)在哪个自变量处取到?答案:根据函数图象,函数值在f(3)和f(2)这两个函数值之间变化,其中在x=3处取得最小值,在x=2处取得最大值.函数的最值:若存在实数M,对所有的x∈D,都有f(x)≤M,且存在x0∈D,使得f(x0)=M,则称M为函数y=f(x)的最大值.同样的,可以定义函数y=f(x)的最小值.函数的最大值和最小值统称为最值.总结:(1)M首先是一个函数值,它是值域中的一个元素;(2)最大(小)值定义中的“对所有的”是说对于定义域内的每个值都必须满足不等式,即对于定义域内的全部元素,都有f(x)≤M(f(x)≥M)成立,也就是说,函数y=f(x)的图象不能位于直线y=M的上(下)方.三、应用举例例1.设f(x)是定义在R上的函数,判断下列命题是否成立,并说明理由.(1)若存在x1、x2∈R,且x1<x2,使得f(x1)< f(x2)成立,则函数f(x)在R上单调递增;(2)若存在x1、x2∈R,且x1<x2,使得f(x1) ≤f(x2)成立,则函数f(x)在R上不可能单调递减;(3)若存在x2>0,对于任意的x1∈R,都有f(x1)< f(x1+x2)成立,则函数f(x)在R上单调递增;(4)对任意的x1、x2∈R,且x1<x2,都有f(x1) ≥f(x2)成立,则函数f(x)在R上单调递减.解:(1)不成立,比如函数y=−x2−1<0,f(−1)< f(0).函数在对称轴的左侧单调递增,右侧单调递减,并不是在R上单调递增.(2)成立,由函数单调递减的定义可知,在给定区间上,当x1<x2,都有f(x1)> f(x2).所以存在x1、x2∈R,且x1<x2,使得f(x1) ≤f(x2)成立,则函数f(x)在R上不可能单调递减.(3)成立,当x2>0时,x1<x1+x2恒成立,且满足f(x1)< f(x1+x2),根据函数单调递增的定义可知成立.(4)不成立,由函数单调递减的定义可知当x1<x2,都有f(x1)> f(x2),不能带等号.设计意图:(1)改变概念的内涵或外延,有利于学生从较高层次把握概念的本质,从而认识到概念中哪些因素是重要的,起关键作用的,哪些因素容易出错,形成对数学概念的全面理解和认识.(2)引入反例、错例,可以帮助学生从另一个角度形成对数学概念的更深入、更全面的认识.例2.设f(x)=1x(x<0)画出f(x+3)(x<−3)的图象,并通过图象直观判断它的单调性.解:依题意知f(x)=1x+3(x<−3)其图象可由f(x)=1x(x<0)的图象向左平移3个单位长度得到.该函数在区间(−∞,−3)上单调递减.探究:对于f(x)=1x+3,(−∞,−3)和(−3,+∞)都是它的单调区间,并且函数f(x)=1x在这两个区间上都是单调递减,那么能否说函数f(x)=1x+3在整个定义域上是减函数?解:不能,因为函数f(x)=1x+3的定义域不连续,当我们在区间(−3,+∞)上取一个数比如1,在区间(−∞,−3)上取一个数比如−4,我们知道−4<1,但f(−4)=1−1=−1<f(1)=11+3=1 4,即不能说函数f(x)=1x+3在整个定义域上是减函数.例3.根据函数图像直观判断y=|x−1|的单调性,并求出最小值.解:函数y=|x−1|可以表示为y={1−x,x≤1,x−1,x>1.画出该函数的图象.由图象可知该函数在区间(-∞,1]上单调递减,在区间[1,+∞)上单调递增,当x=1时,y=|x−1|取得最小值,最小值为0.探究:函数在区间[1,+∞)上是否存在最大值?为什么?答案:函数在区间[1,+∞)上不存在最大值,因为函数在区间上单调递增,因此不存在函数值M使得对于定义域内的每个值都满足不等式f(x)≤M.四、课堂练习1.请根据函数图象直观判断下列函数在给定区间上的单调性,并求出它们的最值:(1)y=−5x,x∈[2,7](2)f(x)=3x2−6x+1,x∈[3,4);(3)y=|x2−2x|,x∈[−1,3].2.某型号汽车使用单位体积燃料行驶的路程f(x)(单位:km)是行驶速度x(单位:km/h)的函数.由实验可知,这一函数关系是f(x)=−0.01x2+1.2x−5.8.(1)求f(50),并说明它的实际意义;(2)当速度x为多少时,汽车最省油?参考答案:1..解析:(1)y=−5x在区间[2,7]单调递减.最小值是f(7)=−35,最大值是f(2)=10.(2)函数f(x)=3x2−6x+1的开口向上,对称轴为x=1,所以在区间[3,4)单调递增.最小值是f(3)=10,无最大值.(3)由题意,函数y=|x2−2x|,在区间[−1,0]和[1,2]上单调递减;在(0,1)和(2,3]单调递增.最小值是0,最大值是f(3)=f(−1)=3.2.解析:(1)f(50)=29.2,表示当行驶速度为50km/h时,行驶路程是29.2km.(2)由题意,函数f(x)=−0.01x2+1.2x−5.8的对称轴为x=60,此时函数最大值为f(60)=30.2,即速度为60km/h时,汽车最省油.五、课堂小结1.函数单调性的定义:一般地,设函数f(x)的定义域为D:如果对于任意的x1、x2∈D,当x1<x2,都有f(x1)< f(x2),那么就称函数y=f(x)是增函数,特别的,当I是定义域D上的一个区间时,也称函数y=f(x)在区间I上单调递增.如果对于任意的x1、x2∈D,当x1<x2,都有f(x1)> f(x2),那么就称函数y=f(x)是减函数,特别的,当I是定义域D上的一个区间时,也称函数y=f(x)在区间I上单调递减.2.函数的单调区间:如果函数y=f(x)在区间上单调递增或递减,那么就称函数y= f(x)在区间I上具有单调性.此时I为函数y=f(x)的单调区间.3.函数的最值:若存在实数M,对所有的x∈D,都有f(x)≤M,且存在x0≤D,使得f(x0)=M,则称M为函数y=f(x)的最大值.同样的,可以定义函数y=f(x)的最小值.函数的最大值和最小值统称为最值.六、布置作业教材第60页练习题第2~4题.。

函数的单调性与最值+课件——2025届高三数学一轮复习

函数的单调性与最值+课件——2025届高三数学一轮复习
探究点一 函数单调性的判断与证明
例1 已知函数,且,讨论 的单调性.
[思路点拨] 先分离常数,再根据定义判断函数的单调性,注意分 和 两种情况进行讨论.
解:函数,设,,且 ,则 ,当时,在上单调递增,由,得 ,所以,又, ,所以,即 ,此时在 上单调递增;当时,在 上单调递减,由,得,所以 ,又,,所以 ,即,此时在 上单调递减.综上,当时,函数在 上单调递增;当时,函数在 上单调递减.
单调性
单调区间
续表
3.函数的最值
前提
一般地,设函数的定义域为,如果存在实数 满足
条件
,都有____________; ,使得_____________
,都有____________; ,使得_____________
结论
为最大值
为最小值
几何意义
图象上最高点的_________
图象上最低点的_________
变式题 (多选题)下列函数在其定义域内是增函数的为( )
BD
A. B. C. D.
[解析] 对于A,画出函数 的图象如图所示,易知函数 在其定义域内不是增函数,故A错误;对于B,因为函数是增函数, 是减函数,所以是 上的增函数,故B正确;对于C,函数是减函数,而 为增函数,
在定义域 上为减函数,故C错误;对于D,的定义域为,在上恒成立,故 是上的增函数,故D正确.故选 .
(2)开区间上的“单峰”函数一定存在最大值或最小值.
◆ 对点演练 ◆
题组一 常识题
1.[教材改编] 函数 的单调递增区间是_______,单调递减区间是________.
[解析] 由函数的图象可得 的单调递增区间是,单调递减区间是 .
2.[教材改编] 函数 的最大值为___,最小值为___.

高三数学一轮 2.2 函数的单调性与最值导学案 理 北师大版

高三数学一轮 2.2 函数的单调性与最值导学案 理 北师大版

学案5 函数的单调性与最值导学目标: 1.理解函数的单调性、最大值、最小值及其几何意义.2.会用定义判断函数的单调性,会求函数的单调区间及会用单调性求函数的最值.自主梳理 1.单调性(1)定义:一般地,设函数y =f (x )的定义域为I ,如果对于定义域I 内某个区间D 上的任意两个自变量x 1,x 2,当x 1<x 2时,都有f (x 1)<f (x 2)(f (x 1)>f (x 2)),那么就说f (x )在区间D 上是______________.(2)单调性的定义的等价形式:设x 1,x 2∈[a ,b ],那么(x 1-x 2)(f (x 1)-f (x 2))>0⇔f x 1 -f x 2x 1-x 2>0⇔f (x )在[a ,b ]上是________;(x 1-x 2)(f (x 1)-f (x 2))<0⇔f x 1 -f x 2x 1-x 2<0⇔f (x )在[a ,b ]上是________.(3)单调区间:如果函数y =f (x )在某个区间上是增函数或减函数,那么说函数y =f (x )在这一区间具有(严格的)单调性,区间D 叫做y =f (x )的__________.(4)函数y =x +a x(a >0)在 (-∞,-a ),(a ,+∞)上是单调________;在(-a ,0),(0,a )上是单调______________;函数y =x +a x(a <0)在______________上单调递增. 2.最值一般地,设函数y =f (x )的定义域为I ,如果存在实数M 满足:①对于任意的x ∈I ,都有f (x )≤M (f (x )≥M );②存在x 0∈I ,使得f (x 0)=M .那么,称M 是函数y =f (x )的____________.自我检测1.(2011·杭州模拟)若函数y =ax 与y =-b x在(0,+∞)上都是减函数,则y =ax 2+bx 在(0,+∞)上是( )A .增函数B .减函数C .先增后减D .先减后增 2.设f (x )是(-∞,+∞)上的增函数,a 为实数,则有 ( )A .f (a )<f (2a )B .f (a 2)<f (a )C .f (a 2+a )<f (a )D .f (a 2+1)>f (a ) 3.下列函数在(0,1)上是增函数的是 ( )A .y =1-2xB .y =x -1C .y =-x 2+2x D .y =54.(2011·合肥月考)设(a ,b ),(c ,d )都是函数f (x )的单调增区间,且x 1∈(a ,b ),x 2∈(c ,d ),x 1<x 2,则f (x 1)与f (x 2)的大小关系是 ( )A .f (x 1)<f (x 2)B .f (x 1)>f (x 2)C .f (x 1)=f (x 2)D .不能确定5.当x ∈[0,5]时,函数f (x )=3x 2-4x +c 的值域为 ( )A .[c,55+c ]B .[-43+c ,c ]C .[-43+c,55+c ]D .[c,20+c ]探究点一 函数单调性的判定及证明例1 设函数f (x )=x +ax +b(a >b >0),求f (x )的单调区间,并说明f (x )在其单调区间上的单调性.变式迁移1 已知f (x )是定义在R 上的增函数,对x ∈R 有f (x )>0,且f (5)=1,设F (x )=f (x )+1f x ,讨论F (x )的单调性,并证明你的结论.探究点二 函数的单调性与最值例2 (2011·烟台模拟)已知函数f (x )=x 2+2x +ax,x ∈[1,+∞).(1)当a =12时,求函数f (x )的最小值;(2)若对任意x ∈[1,+∞),f (x )>0恒成立,试求实数a 的取值范围.变式迁移2 已知函数f (x )=x -a x +a2在(1,+∞)上是增函数,求实数a 的取值范围.探究点三 抽象函数的单调性例3 (2011·厦门模拟)已知函数f (x )对于任意x ,y ∈R ,总有f (x )+f (y )=f (x +y ),且当x >0时,f (x )<0,f (1)=-23.(1)求证:f (x )在R 上是减函数;(2)求f (x )在[-3,3]上的最大值和最小值.变式迁移3 已知定义在区间(0,+∞)上的函数f (x )满足f (x 1x 2)=f (x 1)-f (x 2),且当x >1时,f (x )<0.(1)求f (1)的值;(2)判断f (x )的单调性;(3)若f (3)=-1,解不等式f (|x |)<-2.分类讨论及数形结合思想例 (12分)求f (x )=x 2-2ax -1在区间[0,2]上的最大值和最小值. 【答题模板】解 f (x )=(x -a )2-1-a 2,对称轴为x =a .(1) 当a <0时,由图①可知,f (x )min =f (0)=-1,f (x )max =f (2)=3-4a .[3分](2)当0≤a <1时,由图②可知,f (x )min =f (a )=-1-a 2,f (x )max =f (2)=3-4a .[6分](3)当1<a ≤2时,由图③可知,f (x )min =f (a )=-1-a 2,f (x )max =f (0)=-1.[9分](4)当a >2时,由图④可知,f (x )min =f (2)=3-4a ,f (x )max =f (0)=-1. 综上,(1)当a <0时,f (x )min =-1,f (x )max =3-4a ;(2)当0≤a <1时,f (x )min =-1-a 2,f (x )max =3-4a ;(3)当1<a ≤2时,f (x )min =-1-a 2,f (x )max =-1; (4)当a >2时,f (x )min =3-4a ,f (x )max =-1.[12分] 【突破思维障碍】(1)二次函数的单调区间是由图象的对称轴确定的.故只需确定对称轴与区间的关系.由于对称轴是x =a ,而a 的取值不定,从而导致了分类讨论.(2)不是应该分a <0,0≤a ≤2,a >2三种情况讨论吗?为什么成了四种情况?这是由于抛物线的对称轴在区间[0,2]所对应的区域时,最小值是在顶点处取得,但最大值却有可能是f (0),也有可能是f (2).1.函数的单调性的判定与单调区间的确定常用方法有:(1)定义法;(2)导数法;(3)图象法;(4)单调性的运算性质.2.若函数f (x ),g (x )在区间D 上具有单调性,则在区间D 上具有以下性质: (1)f (x )与f (x )+C 具有相同的单调性.(2)f (x )与af (x ),当a >0时,具有相同的单调性,当a <0时,具有相反的单调性.(3)当f (x )恒不等于零时,f (x )与1f x具有相反的单调性.(4)当f (x ),g (x )都是增(减)函数时,则f (x )+g (x )是增(减)函数.(5)当f (x ),g (x )都是增(减)函数时,则f (x )·g (x )当两者都恒大于零时,是增(减)函数;当两者都恒小于零时,是减(增)函数.(满分:75分)一、选择题(每小题5分,共25分)1.(2011·泉州模拟)“a =1”是“函数f (x )=x 2-2ax +3在区间[1,+∞)上为增函数”的( )A .充分不必要条件B .必要不充分条件C .充要条件D .既不充分也不必要条件2.(2009·天津)已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧x 2+4x , x ≥0,4x -x 2, x <0,若f (2-a 2)>f (a ),则实数a 的取值范围是 ( )A .(-∞,-1)∪(2,+∞)B .(-1,2)C .(-2,1)D .(-∞,-2)∪(1,+∞)3.(2009·宁夏,海南)用min{a ,b ,c }表示a ,b ,c 三个数中的最小值.设f (x )=min{2x,x +2,10-x }(x ≥0),则f (x )的最大值为 ( )A .4B .5C .6D .74.(2011·丹东月考)若f (x )=-x 2+2ax 与g (x )=ax +1在区间[1,2]上都是减函数,则a 的取值范围是( )A .(-1,0)∪(0,1)B .(-1,0)∪(0,1]C .(0,1)D .(0,1]5.(2011·葫芦岛模拟)已知定义在R 上的增函数f (x ),满足f (-x )+f (x )=0,x 1,x 2,x 3∈R ,且x 1+x 2>0,x 2+x 3>0,x 3+x 1>0,则f (x 1)+f (x 2)+f (x 3)的值 ( )A .一定大于0B .一定小于06.函数y =-(x -3)|x |的递增区间是________.7.设f (x )是增函数,则下列结论一定正确的是________(填序号).①y =[f (x )]2是增函数;②y =1f x是减函数;③y =-f (x )是减函数; ④y =|f (x )|是增函数.8.设0<x <1,则函数y =1x +11-x的最小值是________.三、解答题(共38分)9.(12分)(2011·湖州模拟)已知函数f (x )=a -1|x |.(1)求证:函数y =f (x )在(0,+∞)上是增函数;(2)若f (x )<2x 在(1,+∞)上恒成立,求实数a 的取值范围.10.(12分)已知f (x )=x 2+ax +3-a ,若x ∈[-2,2]时,f (x )≥0恒成立,求a 的取值范围.11.(14分)(2011·鞍山模拟)已知f (x )是定义在[-1,1]上的奇函数,且f (1)=1,若a ,b ∈[-1,1],a +b ≠0时,有f a +f ba +b>0成立.(1)判断f (x )在[-1,1]上的单调性,并证明它;(2)解不等式:f (x +12)<f (1x -1);(3)若f (x )≤m 2-2am +1对所有的a ∈[-1,1]恒成立,求实数m 的取值范围.答案 自主梳理1.(1)增函数(减函数) (2)增函数 减函数 (3)单调区间 (4)递增 递减 (-∞,0),(0,+∞) 2.最大(小)值自我检测 1.B [由已知得a <0,b <0.所以二次函数对称轴为直线x =-b2a<0,且图象开口向下.]2.D [∵a 2+1>a ,f (x )在R 上单调递增,∴f (a 2+1)>f (a ).]3.C [常数函数不具有单调性.]4.D [在本题中,x 1,x 2不在同一单调区间内,故无法比较f (x 1)与f (x 2)的大小.]5.C [∵f (x )=3(x -23)2-43+c ,x ∈[0,5],∴当x =23时,f (x )min =-43+c ;当x =5时,f (x )max =55+c .]课堂活动区例1 解题导引 对于给出具体解析式的函数,判断或证明其在某区间上的单调性问题,可以结合定义(基本步骤为:取点,作差或作商,变形,判断)来求解.可导函数则可以利用导数求解.有些函数可以转化为两个或多个基本初等函数,利用其单调性可以方便求解.解 在定义域内任取x 1,x 2,且使x 1<x 2, 则Δx =x 2-x 1>0,Δy =f (x 2)-f (x 1)=x 2+a x 2+b -x 1+ax 1+b=x 2+a x 1+b - x 2+b x 1+ax 1+b x 2+b= b -a x 2-x 1 x 1+b x 2+b. ∵a >b >0,∴b -a <0,∴(b -a )(x 2-x 1)<0, 又∵x ∈(-∞,-b )∪(-b ,+∞),∴只有当x 1<x 2<-b ,或-b <x 1<x 2时,函数才单调.当x 1<x 2<-b ,或-b <x 1<x 2时,f (x 2)-f (x 1)<0,即Δy <0.∴y =f (x )在(-∞,-b )上是单调减函数,在(-b ,+∞)上也是单调减函数.变式迁移1 解 在R 上任取x 1、x 2,设x 1<x 2,∴f (x 2)>f (x 1),F (x 2)-F (x 1)=[f (x 2)+1f x 2 ]-[f (x 1)+1f x 1 ]=[f (x 2)-f (x 1)][1-1f x 1 f x 2 ], ∵f (x )是R 上的增函数,且f (5)=1,∴当x <5时,0<f (x )<1,而当x >5时f (x )>1; ①若x 1<x 2<5,则0<f (x 1)<f (x 2)<1,∴0<f (x 1)f (x 2)<1,∴1-1f x 1 f x 2<0,∴F (x 2)<F (x 1);②若x 2>x 1>5,则f (x 2)>f (x 1)>1,∴f (x 1)·f (x 2)>1,∴1-1f x 1 f x 2>0,∴F (x 2)>F (x 1).综上,F (x )在(-∞,5)为减函数,在(5,+∞)为增函数.例2 解 (1)当a =12时,f (x )=x +12x+2,设x 1,x 2∈[1,+∞)且x 1<x 2,f (x 1)-f (x 2)=x 1+12x 1-x 2-12x 2=(x 1-x 2)(1-12x 1x 2)∵x 1<x 2,∴x 1-x 2<0,又∵1<x 1<x 2,∴1-12x 1x 2>0,∴f (x 1)-f (x 2)<0,∴f (x 1)<f (x 2) ∴f (x )在区间[1,+∞)上为增函数,∴f (x )在区间[1,+∞)上的最小值为f (1)=72.(2)方法一 在区间[1,+∞)上,f (x )=x 2+2x +a x>0恒成立,等价于x 2+2x +a >0恒成立.设y =x 2+2x +a ,x ∈[1,+∞), y =x 2+2x +a =(x +1)2+a -1递增, ∴当x =1时,y min =3+a ,于是当且仅当y min =3+a >0时,函数f (x )恒成立, 故a >-3.方法二 f (x )=x +a x+2,x ∈[1,+∞),当a ≥0时,函数f (x )的值恒为正,满足题意,当a <0时,函数f (x )递增;当x =1时,f (x )min =3+a ,于是当且仅当f (x )min =3+a >0时,函数f (x )>0恒成立, 故a >-3.方法三 在区间[1,+∞)上f (x )=x 2+2x +a x>0恒成立等价于x 2+2x +a >0恒成立.即a >-x 2-2x 恒成立.又∵x ∈[1,+∞),a >-x 2-2x 恒成立,∴a 应大于函数u =-x 2-2x ,x ∈[1,+∞)的最大值.∴a >-x 2-2x =-(x +1)2+1.当x =1时,u 取得最大值-3,∴a >-3. 变式迁移2 解 设1<x 1<x 2.∵函数f (x )在(1,+∞)上是增函数,∴f (x 1)-f (x 2)=x 1-a x 1+a 2-(x 2-a x 2+a2)=(x 1-x 2)(1+ax 1x 2)<0.又∵x 1-x 2<0,∴1+ax 1x 2>0,即a >-x 1x 2恒成立.∵1<x 1<x 2,x 1x 2>1,-x 1x 2<-1.∴a ≥-1,∴a 的取值范围是[-1,+∞).例3 解题导引 (1)对于抽象函数的问题要根据题设及所求的结论来适当取特殊值说明抽象函数的特点.证明f (x )为单调减函数,首选方法是用单调性的定义来证.(2)用函数的单调性求最值.(1)证明 设x 1>x 2, 则f (x 1)-f (x 2)=f (x 1-x 2+x 2)-f (x 2) =f (x 1-x 2)+f (x 2)-f (x 2) =f (x 1-x 2)又∵x >0时,f (x )<0.而x 1-x 2>0,∴f (x 1-x 2)<0,即f (x 1)<f (x 2),∴f (x )在R 上为减函数. (2)解 ∵f (x )在R 上是减函数, ∴f (x )在[-3,3]上也是减函数,∴f (x )在[-3,3]上的最大值和最小值分别为f (-3)与f (3). 又∵f (3)=f (2+1)=f (2)+f (1)=f (1)+f (1)+f (1) ∴f (3)=3f (1)=-2,f (-3)=-f (3)=2.∴f (x )在[-3,3]上的最大值为2,最小值为-2. 变式迁移3 解 (1)令x 1=x 2>0,代入得f (1)=f (x 1)-f (x 1)=0,故f (1)=0.(2)任取x 1,x 2∈(0,+∞),且x 1>x 2,则x 1x 2>1, 由于当x >1时,f (x )<0,∴f (x 1x 2)<0,即f (x 1)-f (x 2)<0,∴f (x 1)<f (x 2), ∴函数f (x )在区间(0,+∞)上是单调递减函数. (3)由f (x 1x 2)=f (x 1)-f (x 2)得f (93)=f (9)-f (3),而f (3)=-1,∴f (9)=-2.由于函数f (x )在区间(0,+∞)上是单调递减函数, ∴当x >0时,由f (|x |)<-2,得f (x )<f (9),∴x >9; 当x <0时,由f (|x |)<-2,得f (-x )<f (9), ∴-x >9,故x <-9,∴不等式的解集为{x |x >9或x <-9}. 课后练习区1.A [f (x )对称轴x =a ,当a ≤1时f (x )在[1,+∞)上单调递增.∴“a =1”为f (x )在[1,+∞)上递增的充分不必要条件.]2.C [由题知f (x )在R 上是增函数,由题得2-a 2>a ,解得-2<a <1.] 3.C [由题意知函数f (x )是三个函数y 1=2x,y 2=x +2,y 3=10-x 中的较小者,作出三个函数在同一坐标系之下的图象(如图中实线部分为f (x )的图象)可知A (4,6)为函数f (x )图象的最高点.]4.D [f (x )在[a ,+∞)上是减函数,对于g (x ),只有当a >0时,它有两个减区间为(-∞,-1)和(-1,+∞),故只需区间[1,2]是f (x )和g (x )的减区间的子集即可,则a 的取值范围是0<a ≤1.]5.A [∵f (-x )+f (x )=0,∴f (-x )=-f (x ). 又∵x 1+x 2>0,x 2+x 3>0,x 3+x 1>0, ∴x 1>-x 2,x 2>-x 3,x 3>-x 1. 又∵f (x 1)>f (-x 2)=-f (x 2), f (x 2)>f (-x 3)=-f (x 3), f (x 3)>f (-x 1)=-f (x 1),∴f (x 1)+f (x 2)+f (x 3)>-f (x 2)-f (x 3)-f (x 1). ∴f (x 1)+f (x 2)+f (x 3)>0.]6.[0,32]解析 y =⎩⎪⎨⎪⎧- x -3 x x ≥0x -3 x x <0 .画图象如图所示:可知递增区间为[0,32].7.③解析 举例:设f (x )=x ,易知①②④均不正确. 8.4解析 y =1x +11-x =1x 1-x ,当0<x <1时,x (1-x )=-(x -12)2+14≤14.∴y ≥4.9.(1)证明 当x ∈(0,+∞)时,f (x )=a -1x,设0<x 1<x 2,则x 1x 2>0,x 2-x 1>0.f (x 1)-f (x 2)=(a -1x 1)-(a -1x 2)=1x 2-1x 1=x 1-x 2x 1x 2<0.………………………………………………………………………(5分)∴f (x 1)<f (x 2),即f (x )在(0,+∞)上是增函数.……………………………………………………………………………………………(6分)(2)解 由题意a -1x<2x 在(1,+∞)上恒成立,设h (x )=2x +1x,则a <h (x )在(1,+∞)上恒成立.……………………………………………………………………………………………(8分)∵h ′(x )=2-1x 2,x ∈(1,+∞),∴2-1x2>0,∴h (x )在(1,+∞)上单调递增.…………………………………………………………(10分)故a ≤h (1),即a ≤3.∴a 的取值范围为(-∞,3].…………………………………………………………(12分)10.解 设f (x )的最小值为g (a ),则只需g (a )≥0, 由题意知,f (x )的对称轴为-a2.(1)当-a2<-2,即a >4时,g (a )=f (-2)=7-3a ≥0,得a ≤73.又a >4,故此时的a 不存在.……………………………………………………………(4分)(2)当-a2∈[-2,2],即-4≤a ≤4时,g (a )=f (-a 2)=3-a -a 24≥0得-6≤a ≤2.又-4≤a ≤4,故-4≤a ≤2.……………………………………………………………(8分)(3)当-a2>2,即a <-4时,g (a )=f (2)=7+a ≥0得a ≥-7. 又a <-4,故-7≤a <-4.综上得所求a 的取值范围是-7≤a ≤2.………………………………………………(12分)11.解 (1)任取x 1,x 2∈[-1,1],且x 1<x 2, 则-x 2∈[-1,1],∵f (x )为奇函数, ∴f (x 1)-f (x 2)=f (x 1)+f (-x 2) =f x 1 +f -x 2 x 1+ -x 2·(x 1-x 2),由已知得f x 1 +f -x 2x 1+ -x 2>0,x 1-x 2<0,∴f (x 1)-f (x 2)<0,即f (x 1)<f (x 2).∴f (x )在[-1,1]上单调递增.……………………………………………………………(4分)(2)∵f (x )在[-1,1]上单调递增,∴⎩⎪⎨⎪⎧x +12<1x -1,-1≤x +12≤1,-1≤1x -1<1.……………………………… 8分∴-32≤x <-1.……………………………………………………………………………(9分)(3)∵f (1)=1,f (x )在[-1,1]上单调递增. ∴在[-1,1]上,f (x )≤1.…………………………………………………………………(10分)问题转化为m 2-2am +1≥1,即m 2-2am ≥0,对a ∈[-1,1]成立. 下面来求m 的取值范围.设g (a )=-2m ·a +m 2≥0.①若m =0,则g (a )=0≥0,自然对a ∈[-1,1]恒成立. ②若m ≠0,则g (a )为a 的一次函数,若g (a )≥0,对a ∈[-1,1]恒成立,必须g (-1)≥0,且g (1)≥0,∴m ≤-2,或m ≥2.∴m 的取值范围是m =0或|m |≥2.……………………………………………………(14分)。

北师大版高一数学必修第一册(2019版)_《函数的单调性和最值》教学设计一

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《函数的单调性和最值》教学设计一教学设计一、创设情境,引入课题实例:科考队对沙漠气候进行科学考察,下图是某天气温随时间的变化曲线请你根据曲线图说说气温的变化情况.预设:学生的关注点不同,如气温的最值,某时刻的气温,某时间段气温的升降变化(若学生没指明时间段,可追问)等.图象在某区间上(从左往右)“上升”或“下降”的趋势反映了函数的一个基本性质——单调性(板书课题).设计意图:从科考情境导入新课,了解“早穿棉袄午穿纱,围着火炉吃西瓜”这一独特的沙漠气候,直观形象感知气温变化,自然引入函数的单调性.函数是描述事物变化规律的数学模型.如果清楚了函数的变化规律,那么就基本把握了相应事物的变化规律.在事物变化过程中,保持不变的特征就是这个事物的性质.因此,研究函数的变化规律是非常有意义的.观察下列函数图象,请你说说这些函数有什么变化趋势.在区间D上,若函数的图象(从左向右)总设函数的定义域为I,区间D I是上升的,即y随x的增大而增大,则称函数在区间D上是递增的,区间D称为函数的单调增区间.引导学生类比定义“递减”,接着给出下图,让学生准确回答单调性的变化情况.设计意图:从图象直观感知到文字描述,完成对函数单调性的第一次认知,明确相关概念,准确表述单调性.二、引导探索,生成概念问题1:(1)下图是函数()y f x =的图象(以()0.0011f x x =+为例),它在定义域R 上是递增的吗?(2)函数1()f x x x=+在区间(0,)+∞上有何单调性? 预设:学生会不置可否,或者凭感觉猜测,可追问判定依据.设计意图:函数图象虽然直观,但是缺乏精确性,必须结合函数解析式,但仅凭函数解析式常常也难以判断其单调性.借此认知冲突,让学生意识到学习符号化定义的必要性.问题2:(1)如何用数学符号描述函数图象的“上升”特征,即“y 随x 的增大而增大”?以二次函数2()f x x =在区间[0,)+∞上的单调性为例,用几何画板动画演示“y 随x 的增大而增大”,生成表格(每一秒生成一对数据).设计意图:先借助图形、动画和表格等直观感受“y 随x 的增大而增大”,然后让学生思考、讨论得出:若12x x <,则必须有12y y <.(2)已知12a x x b <<<,若()()12()()f a f x f x f b <<<,则能保证函数()y f x =在区间[,]a b 上递增吗?拖动“拖动点”,改变函数()y f x =在区间[,]a b 上的图象,可以递增,可以先增后减,也可以先减后增.(3)已知123a x x x b <<<<,若()()()123()()f a f x f x f x f b <<<<,则能保证函数()y f x =在区间[,]a b 上递增吗?拖动“拖动点”,观察函数()y f x =在区间[,]a b 上的图象变化.设计意图:先让学生讨论交流、举反例,然后借助几何画板动态说明验证两个定点不能确定函数的单调性,三个点也不行,引导学生过渡到符号化表示,呈现知识的自然生成.(4)已知1234a x x x x b<<<<<<,若有()()()()1234()()f a f x f x f x f x f b <<<<<<,能保证函数()y f x =在区间[,]a b 上递增吗?可先请持赞同观点的同学说明理由,再请持反对意见的学生进行反驳,然后追问:无数个x 也不能保证函数递增,那该怎么办呢?若学生回答全部取完或任取,追问“总不能一个一个验证吧?”.紧接着师生一起回顾子集的概念(课件展示教材上子集的定义),再次体验对“任意一个”进行操作,实现“无限”目标的数学方法,体会用“任意”来处理“无限”的数学思想.问题3:如何用数学语言准确刻画函数()y f x =在区间D 上递增呢? 预设:请学生自愿尝试概括定义板书“任意12,x x D ∈,当12x x <时,都有()()12f x f x <,则称函数()y f x =在区间D 上递增”,要突出关键词“任意”和“都有”;若缺少关键词“任取”或“任意”,则追问“验证两个点就能保证函数在区间D 上递增吗?”.问题4:请你试着用数学语言定义函数()y f x =在区间D 上是递减的. 预设:为表达准确规范,要求学生先写下来,然后展示,并有意引导使用“任意12,x x D ∈,当12x x >时,都有()()12f x f x <,则称函数()y f x =在区间D 上递减”,以此打破必须“12x x <”的思维定式.抽象概括:设函数()f x 的定义域为D :如果对于任意的12,x x D ∈,当12x x <时,都有()()12f x f x <,那么就称函数()y f x =是增函数.特别地,当Ⅰ是定义域D 上的一个区间时,也称函数()y f x =在区间Ⅰ上单调递增.如果对于任意的12,x x D ∈,当12x x <时,都有()()12f x f x >,那么就称函数()y f x =是减函数.特别地,当Ⅰ是定义域D 上的一个区间时,也称函数()y f x =在区间Ⅰ上单调递减.如果函数()y f x =在区间Ⅰ上单调递增或单调递减,那么就称函数()y f x =在区间Ⅰ上具有单调性.此时,区间Ⅰ为函数()y f x =的单调区间.若存在实数M ,对所有的x D ∈,都有()f x M ,且存在0x D ∈,使得()0f x M =,则称M 为函数()y f x =的最大值.同样地,可以定义函数()y f x =的最小值,函数的最大值和最小值统称为最值.三、学以致用,理解感悟判断题:你认为下列说法是否正确,请说明理由(举例或者画图) (1)设函数()y f x =的定义域为[,)a +∞,若对任意x a >,都有()()f x f a >,则()y f x =在区间[,)a +∞上递增.(2)设函数()y f x =的定义域为R ,若对任意12,(,)x x a ∈+∞,且12x x >,都有()()12f x f x >,则()y f x =是递增的.(3)反比例函数1()f xx=的单调递减区间是(,0)(0,)-∞⋃+∞.让学生分组讨论,然后进行展示性回答.若学生认为正确,则要求说明理由;若学生认为错误,则要求学生到黑板上画出反例(3)可追问怎么修改).通过构造反例,逐步完善和加深对函数单调性的理解.例1、设1()(0)f x xx=<,画出(3)(3)f x x+<-的图象,并通过图象直观判断它的单调性.提出问题:1.你能用几种方法画出函数(3)(3)f x x+<-的图象?(描点法、平移法)哪种方法更好?让学生用两种方法画出函数的图象,体会两种方法的优劣.解:依题意知1(3)(3)3f x xx+=<-+,其图象可由1()(0)f x xx=<的图象向左平移3个单位长度得到(如图)该函数在区间(,3)-∞-上单调递减.2.如果把后面设定的范围去掉,函数1(3)3f xx+=+的定义域是什么?你能画出它的图象并直观判断它的单调性吗?解:函数1(3)3f xx+=+的定义域是(,3)(3,)-∞-⋃-+∞.其图象如图所示.函数1(3)3f xx+=+有两个单调递减区间,分别为(,3),(3,)-∞--+∞,但不能说函数在定义域(,3)(3,)-∞-⋃-+∞上递减.例2、根据函数的图象直观判断|1|y x=-的单调性,并求出最小值.提出问题:1.你能用几种方法画出函数|1|y x=-的图象?方法一:描点法.方法二:先把函数|1|y x=-写成分段函数的形式1,1,1,1,x xyx x-⎧=⎨->⎩然后画出其图象.方法三:利用图象变换,先画出函数1y x=-的图象,然后把x轴下方的部分对称到x轴的上方.解:函数|1|y x=-可以表示为1,1,1,1,x xyx x-⎧=⎨->⎩画出该函数的图象(如图),由图象可知该函数在区间(,1]-∞上单调递减,在区间[1,)+∞上单调递增.当1x=时,|1|y x=-取得最小值,最小值为0.2.拓展:你能说出函数||y x a=-的单调区间吗?(减区间为(,)a-∞,增区间为(,)a+∞)例3、判断函数()32f x x=-+的单调性,并给出证明.提出问题:1.这个函数是什么函数类型?(一次函数)追问:如何判断一次函数的单调性?(方法一:一次项系数的正负;方法二:利用图象)2.你能用单调性的定义证明它的单调性吗? 教师引导学生分析证明方法并给出规范板书.解:画出函数()32f x x =-+的图象(如图).由图象可以看出,函数()32f x x =-+在定义域R 上可能是减函数.下面利用函数单调性的定义证明这一结论. 任取12,x x ∈R ,且12x x <,则120x x -<. 所以()()()()12123232f x f x x x -=-+--+()1230x x =-->, 即()()12f x f x >.由函数单调性的定义可知,函数()32f x x =-+在定义域R 上是减函数. 通过教师规范板书本例题,给学生以示范,并给合例题的证明过程,总结归纳用函数单调性的定义证明函数单调性的步骤:(1)设元(要指出任意性);(2)作差;(3)变形(因式分解、配方、不等式等);(4)断号;(5)定论.例4、判断函数()f x =.学生结合例3的示范,独立完成本例题,教师找两名学生板演.解:画出函数()f x =(如图).由图象可以看出函数()f x =义域[0,)+∞上可能是增函数.任取12,[0,)x x ∈+∞,且12x x <,则120x x -<. 所以()()12f x f x -==.0>,可知()()120f x f x -<, 即()()12f x f x <.由函数单调性的定义可知,函数()f x =[0,)+∞上是增函数. 这个证明是在定义域内任取12x x <,通过计算()1f x 与()2f x 的差,得到()()12f x f x <,从而由函数单调性的定义判断函数()f x =[0,)+∞上是增函数.例5、试用函数单调性的定义证明:函数1()f x x x=+在区间(0,1]上单调递减,在区间[1,)+∞上单调递增.证明:任取12,(0,1]x x ∈,且12x x <.()()12121211f x f x x x x x ⎛⎫⎛⎫-=+-+ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭()()()1212121212121212111.x x x x x x x x x x x x x x x x -=--⎛⎫=-- ⎪⎝⎭--=因为1201x x <<,所以12120,01x x x x -<<<,则()()12121210x x x x x x -->,即()() 120f x f x->.这表明函数1()f x xx=+在区间(0,1]上单调递减.同理可证,函数1()f x xx=+在区间[1,)+∞上单调递增.思考题:物理学中的玻意耳定律kpV=(k为正常数)告诉我们,一定质量的某种气体,在温度不变的情况下,当其体积V减小时,压强p将增大.试用函数的单调性证明这个结论.设计意图:引导学生用数学知识解释其他学科的规律,培养学生应用数学的意识和能力.四、回顾反思,深化认识课堂小结:通过本节课的学习,你的主要收获有哪些?1.概念探究过程:直观到抽象、特殊到一般、感性到理性.2.证明函数单调性的步骤:设元、作差、变形、断号、定论.3.数学思想方法和思维方法:数形结合、等价转化、类比等.五、布置作业1.教材第62页练习.2.判断并证明函数1()(0)f x x xx=+<的单调性.3.向一杯水中加一定量的糖,糖加得越多,糖水越甜.请你运用所学的数学知识解释这一现象.板书设计教学研讨本案例采用教师启发引导,学生探究学习的教学方法,通过创设情境,引导探究,师生交流,最终形成概念,获得方法.课堂上使用了多媒体投影和计算机来辅助教学,为学生提供直观感性的材料,有助于学生对问题的理解和认识.考虑到部分学生数学基础较好、思维较为活跃的特点,可以对判断方法进行适当的延展,加深对定义的理解.如何将图形特征用严谨的数学语言来刻画是本节课的难点之一,另一难点是学生在高中阶段第一次接触代数证明,要思考如何让学生进行严格的推理论证并完成规范的书面表达.重点是让学生领会函数单调性的实质,明确单调性是一个局部概念,并能利用函数单调性的定义证明具体函数的单调性.教学设计很有必要从以下几个方面进行改进:在新授课上,应从学生的已有知识和生活经验出发,围绕知识目标展开新知识出现的情境,适当推迟新知识得出时间,丰富学生的情感体验,在知识目标得到有效落实的同时,达成能力目标.在习题处理上,应以能力培养为核心,注重在知识网络的交汇点设计问题,突出基础知识的应用和基本技能的运用,强化知识目标,广泛建立知识之间的联系,培养学生学习数学的情感,在知识应用课上,应强调数学走向生活,解决具有现实意义的生活问题,培养学生的数学应用能力.11/ 11。

高考数学全程一轮复习第二章函数第二节函数的单调性与最值课件

高考数学全程一轮复习第二章函数第二节函数的单调性与最值课件
提示:第一步:设x1,x2是该区间内的任意两个值,且x1<x2. 第二步:作差f(x1)-f(x2),并通过因式分解、通分、配方、有理化等手段,转 化为易判断正负的式子. 第三步:确定f(x1)-f(x2)的符号. 第四步:根据f(x1)-f(x2)的符号及定义判断函数的单调性.
关键能力·题型剖析 题型一 求函数的单调区间
例1 (1)f(x)=-x2+2|x|+3; (2)f(x)=log1 (-x2+4x+5);
2
(3)f(x)=x-ln x.
题后师说
(1)求函数单调区间的方法:①定义法;②图象法;③利用已知函数 的单调性法;④导数法.
(2)求函数的单调区间,定义域优先.
巩固训练1 (1)函数f(x)=|x2-3x+2|的单调递减区间是( ) A.[32,+∞) B.[1,32]和[2,+∞) C.(-∞,1]和[32,2] D.(-∞,32)和[2,+∞)
故该选项不符合题意.故选C.
3

(




)




f(x)

2 x−1

x∈[2

6]


f(x)





2
____2____,最小值为____5____.
解析:易知函数f(x)=x−21在x∈[2,6]上单调递减, 故f(x)max=f(2)=2,f(x)min=f(6)=25.
4.(易错)函数f(x)=11−+xx的单调递减区间为(
2.(教材改编)下列四个函数中,在(0,+∞)上单调递增的是( )
A.f(x)=3-x
B.f(x)=x2-3x

2024届新高考一轮复习北师大版 第三章 第二节 函数的单调性与最值 课件(40张)

2024届新高考一轮复习北师大版 第三章 第二节 函数的单调性与最值 课件(40张)
2024
第三章
第二节 函数的单调性与最值




01
强基础 固本增分
02
研考点 精准突破
1.借助函数图象,会用符号语言表达函数的单调性,掌握求函数单
调区间的基本方法.
课标解读 2.理解函数最大值、最小值的概念,理解它们的作用和实际意义,
会求简单函数的最值.
3.能够利用函数的单调性解决有关问题.
强基础 固本增分
图象描述
自左向右看图象是上升的
自左向右看图象是下降的
(2)单调性、单调区间的定义
设函数y=f(x)的定义域是D,I是定义域D上的一个区间:
如果对于任意的x1,x2∈I,当x1<x2时,都有f(x1)<f(x2),那么就称函数y=f(x)在
区间I上
单调递增
.这时,区间I叫作函数y=f(x)的单调递增区间.
(5)复合函数单调性的判断方法.若两个简单函数的单调性相同,则这两个
函数的复合函数为增函数;若两个简单函数的单调性相反,则这两个函数的
复合函数为减函数,简称“同增异减”.

2.“对勾函数”f(x)=x+ (p>0)的单调递增区间是(-∞,
单调递减区间是(- ,0),(0, ).
),( ,+∞);
(1)当f(x),g(x)都是增(减)函数时,f(x)+g(x)是增(减)函数;
(2)若k>0,则kf(x)与f(x)单调性相同;若k<0,则kf(x)=f(x)(f(x)>0)与y=-f(x), y=() 在公共定义域内的单调性相反;
(4)函数y=f(x)(f(x)≥0)与 y= () 在公共定义域内的单调性相同;

一轮复习北师大版第2章第2节 函数的单调性与最值课件(59张)

一轮复习北师大版第2章第2节 函数的单调性与最值课件(59张)

考点二 函数单调性的判断与证明 1.定义法证明函数单调性的步骤
2.判断函数单调性的四种方法 (1)图像法;(2)性质法;(3)导数法;(4)定义法. 3.证明函数单调性的两种方法 (1)定义法;(2)导数法.
[典例 2] 试讨论函数 f (x)=x-ax1(a≠0)在(-1,1)上的单调性. 【四字解题】
3.若函数 y=(2k+1)x+b 在 R 上是减函数,则 k 的取值范围是 ________.
-∞,-12 [因为函数 y=(2k+1)x+b 在 R 上是减函数,所以 2k+1<0,即 k<-12.]
4.已知函数 f (x)=x-2 1,x∈[2,6],则 f (x)的最大值为________, 最小值为________.
前提 设函数 y=f (x)的定义域为 D,如果存在实数 M 满 足
①对于任意的 x∈D,都 ①对于任意的 x∈D,都
条件 结论
有__f _(x_)_≤_M____;
②存在 x0∈D,使得 _f_(_x_0_)=__M___
M 为 y=f (x)的最大值
有_f_(_x_)≥__M____;
②存在 x0∈D,使得 __f _(x_0_)_=__M__
A [函数 y=e-x 定义域为 R 且为减函数.y=x3 定义域为 R 且为 增函数.函数 y=ln x 定义域为(0,+∞).函数 y=|x|定义域为 R, 但在(-∞,0]上是减函数,在[0,+∞)上是增函数,故选 A.]
2.函数 f (x)=x2-2x 的单调递增区间是________. [1,+∞) [f (x)=x2-2x=(x-1)2-1,因此函数 f (x)的单调递 增区间为[1,+∞).]
2.函数 f (x)=x-x 1的单调递减区间为________. (-∞,1)和(1,+∞) [由 x-1≠0 得 x≠1, 即函数 f (x)的定义域为(-∞,1)∪(1,+∞), 又 f (x)=x-x 1=x-x-11+1=1+x-1 1,其图像 如图所示,由图像知,函数 f (x)的单调递减区间为(-∞,1)和(1,+ ∞).]
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第二节 函数的单调性与最值[最新考纲] 1.理解函数的单调性、最大值、最小值及其几何意义.2.会运用基本初等函数的图像分析函数的性质.1.函数的单调性 (1)单调函数的定义增函数 减函数定 义 在函数y =f (x )的定义域内的一个区间A 上,如果对于任意两数x 1,x 2∈A 当x 1<x 2时,都有f (x 1)<f (x 2),那么就说函数f (x )在区间A 上是增加的 当x 1<x 2时,都有f (x 1)>f (x 2),那么就说函数f (x )在区间A 上是减少的图 像 描述自左向右看图像是上升的自左向右看图像是下降的 (2)单调区间的定义如果函数y =f (x )在区间A 上是增加的或减少的,那么称A 为单调区间. 2.函数的最值前提 函数y =f (x )的定义域为D ,如果存在实数M 满足条件(1)对于任意的x ∈D ,都有f (x )≤M ;(2)存在x 0∈D ,使得f (x 0)=M(3)对于任意的x ∈D ,都有f (x )≥M ;(4)存在x 0∈D ,使得f (x 0)=M结论M 为函数y =f (x )的最大值,记作y max =f (x 0)M 为函数y =f (x )的最小值,记作y min =f (x 0)[常用结论]1.函数单调性的结论 (1)对任意x 1,x 2∈D (x 1≠x 2),f x 1-f x 2x 1-x 2>0⇔f (x )在D 上是增函数;f x 1-f x 2x 1-x 2<0⇔f (x )在D 上是减函数.(2)对勾函数y =x +a x(a >0)的增区间为(-∞,-a ]和[a ,+∞),减区间为[-a ,0)和(0,a ].(3)在区间D 上,两个增函数的和仍是增函数,两个减函数的和仍是减函数.(4)函数f (g (x ))的单调性与函数y =f (u )和u =g (x )的单调性的关系是“同增异减”. 2.函数最值存在的2个结论(1)闭区间上的连续函数一定存在最大值和最小值. (2)开区间上的“单峰”函数一定存在最大(小)值.一、思考辨析(正确的打“√”,错误的打“×”)(1)函数y =1x的单调递减区间是(-∞,0)∪(0,+∞).( )(2)若定义在R 上的函数f (x )有f (-1)<f (3),则函数f (x )在R 上为增函数.( ) (3)函数y =f (x )在[1,+∞)上是增函数,则函数的单调递增区间是[1,+∞).( ) (4)闭区间上的单调函数,其最值一定在区间端点取到.( ) [答案] (1)× (2)× (3)× (4)√ 二、教材改编1.函数y =x 2-6x +10在区间(2,4)上( ) A .递减 B .递增 C .先递减后递增D .先递增后递减C [因为函数y =x 2-6x +10的图像为抛物线,且开口向上,对称轴为直线x =3,所以函数y =x 2-6x +10在(2,3)上为减函数,在(3,4)上为增函数.]2.下列函数中,在区间(0,1)上是增函数的是( ) A .y =|x | B .y =3-x C .y =1xD .y =-x 2+4A [y =3-x 在R 上递减,y =1x在(0,+∞)上递减,y =-x 2+4在(0,+∞)上递减,故选A.]3.若函数y =(2k +1)x +b 在R 上是减函数,则k 的取值范围是________.⎝ ⎛⎭⎪⎫-∞,-12 [因为函数y =(2k +1)x +b 在R 上是减函数,所以2k +1<0, 即k <-12.]4.已知函数f (x )=2x -1,x ∈[2,6],则f (x )的最大值为________,最小值为________.2 25 [易知函数f (x )=2x -1在x ∈[2,6]上为减函数,故f (x )max =f (2)=2,f (x )min =f (6)=25.]考点1 确定函数的单调性(区间)确定函数单调性的4种方法(1)定义法:利用定义判断.(2)导数法:适用于初等函数、复合函数等可以求导的函数.(3)图像法:由图像确定函数的单调区间需注意两点:一是单调区间必须是函数定义域的子集;二是图像不连续的单调区间要分开写,用“和”或“,”连接,不能用“∪”连接.(4)性质法:利用函数单调性的性质,尤其是利用复合函数“同增异减”的原则时,需先确定简单函数的单调性.求函数的单调区间(1)函数f (x )=|x 2-3x +2|的单调递增区间是( )A .⎣⎢⎡⎭⎪⎫32,+∞B .⎣⎢⎡⎦⎥⎤1,32和[2,+∞) C .(-∞,1]和⎣⎢⎡⎦⎥⎤32,2D .⎝⎛⎦⎥⎤-∞,32和[2,+∞) (2)函数y =x 2+x -6的单调递增区间为________,单调递减区间为________. (1)B (2)[2,+∞) (-∞,-3] [ (1)y =|x 2-3x +2|=⎩⎪⎨⎪⎧x 2-3x +2,x ≤1或x ≥2,-x 2-3x +2,1<x <2.如图所示,函数的单调递增区间是⎣⎢⎡⎦⎥⎤1,32和[2,+∞);单调递减区间是(-∞,1]和⎣⎢⎡⎦⎥⎤32,2.故选B. (2)令u =x 2+x -6,则y =x 2+x -6可以看作是由y =u 与u =x 2+x -6复合而成的函数.令u =x 2+x -6≥0,得x ≤-3或x ≥2.易知u =x 2+x -6在(-∞,-3]上是减函数,在[2,+∞)上是增函数,而y =u 在[0,+∞)上是增函数,所以y =x 2+x -6的单调减区间为(-∞,-3],单调增区间为[2,+∞).](1)求函数的单调区间,应先求定义域,在定义域内求单调区间.(2)求复合函数的单调区间的步骤一般为:①确定函数的定义域;②求简单函数的单调区间;③求复合函数的单调区间,其依据是“同增异减”.含参函数的单调性[一题多解]判断并证明函数f (x )=ax 2+1x(其中1<a <3)在x ∈[1,2]上的单调性.[解] 法一:(定义法)设1≤x 1<x 2≤2,则f (x 2)-f (x 1)=ax 22+1x 2-⎝⎛⎭⎪⎫ax 21+1x 1=(x 2-x 1)⎣⎢⎡⎦⎥⎤ax 1+x 2-1x 1x 2,由1≤x 1<x 2≤2,得x 2-x 1>0,2<x 1+x 2<4, 1<x 1x 2<4,-1<-1x 1x 2<-14. 又1<a <3,所以2<a (x 1+x 2)<12, 得a (x 1+x 2)-1x 1x 2>0,从而f (x 2)-f (x 1)>0,即f (x 2)>f (x 1),故当a ∈(1,3)时,f (x )在[1,2]上单调递增. 法二:(导数法)因为f ′(x )=2ax -1x 2=2ax 3-1x2, 因为1≤x ≤2,所以1≤x 3≤8, 又1<a <3, 所以2ax 3-1>0, 所以f ′(x )>0,所以函数f (x )=ax 2+1x(其中1<a <3)在[1,2]上是增函数.定义法证明函数单调性的一般步骤:①任取x 1,x 2∈D ,且x 1<x 2;②作差f (x 1)-f (x 2);③变形(通常是因式分解和配方);④定号(即判断f (x 1)-f (x 2)的正负);⑤下结论(即指出函数f (x )在给定的区间D 上的单调性).1.函数y =-x 2+2|x |+3的递增区间为________.(-∞,-1],[0,1] [由题意知,当x ≥0时,y =-x 2+2x +3=-(x -1)2+4;当x <0时,y =-x 2-2x +3=-(x +1)2+4,二次函数的图像如图.由图像可知,函数y =-x 2+2|x |+3的递增区间为(-∞,-1],[0,1].] 2.判断并证明函数f (x )=axx -1(a ≠0)在(-1,1)上的单调性. [解] 法一:(定义法)设-1<x 1<x 2<1,f (x )=a ⎝⎛⎭⎪⎫x -1+1x -1=a ⎝ ⎛⎭⎪⎫1+1x -1,f (x 1)-f (x 2)=a ⎝ ⎛⎭⎪⎫1+1x 1-1-a ⎝ ⎛⎭⎪⎫1+1x 2-1=a x 2-x 1x 1-1x 2-1,由于-1<x 1<x 2<1,所以x 2-x 1>0,x 1-1<0,x 2-1<0, 故当a >0时,f (x 1)-f (x 2)>0, 即f (x 1)>f (x 2),函数f (x )在(-1,1)上递减;当a <0时,f (x 1)-f (x 2)<0,即f (x 1)<f (x 2), 函数f (x )在(-1,1)上递增. 法二:(导数法)f ′(x )=a x -1-ax x -12=-ax -12,所以当a >0时,f ′(x )<0,当a <0时,f ′(x )>0, 即当a >0时,f (x )在(-1,1)上为单调减函数, 当a <0时,f (x )在(-1,1)上为单调增函数. 考点2 函数的最值求函数最值的5种常用方法及其思路(1)单调性法:先确定函数的单调性,再由单调性求最值.(2)图像法:先作出函数的图像,再观察其最高点、最低点,求出最值.(3)基本不等式法:先对解析式变形,使之具备“一正二定三相等”的条件后用基本不等式求出最值.(4)导数法:先求导,然后求出在给定区间上的极值,最后结合端点值,求出最值. (5)换元法:对比较复杂的函数可通过换元转化为熟悉的函数,再用相应的方法求最值.(1)若函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧x -a 2x ≤0,x +1x+a x >0的最小值为f (0),则实数a 的取值范围是( )A .[-1,2]B .[-1,0]C .[1,2]D .[0,2](2)函数f (x )=⎝ ⎛⎭⎪⎫13x-log 2(x +2)在区间[-1,1]上的最大值为________.(3)函数y =x -x (x ≥0)的最大值为________.(1)D (2)3 (3)14 [(1)当x >0时,f (x )=x +1x +a ≥2+a ,当且仅当x =1x ,即x =1时,等号成立.故当x =1时取得最小值2+a , ∵f (x )的最小值为f (0),∴当x ≤0时,f (x )=(x -a )2单调递减,故a ≥0, 此时的最小值为f (0)=a 2,故2+a ≥a 2,得-1≤a ≤2. 又a ≥0,得0≤a ≤2.故选D.(2)∵f (x )=⎝ ⎛⎭⎪⎫13x-log 2(x +2)在区间[-1,1]上单调递减,∴f (x )max =f (-1)=3-log 21=3.(3)令t =x ,则t ≥0,所以y =t -t 2=-⎝ ⎛⎭⎪⎫t -122+14,当t =12,即x =14时,y max =14.][逆向问题] 若函数f (x )=-a x +b (a >0)在⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2上的值域为⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2,则a =________,b =________.1 52 [∵f (x )=-a x +b (a >0)在⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2上是增函数,∴f (x )min =f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12=12,f (x )max =f (2)=2.即⎩⎪⎨⎪⎧-2a +b =12,-a2+b =2,解得a =1,b =52.](1)求函数的最值时,应先确定函数的定义域.如本例(3).(2)求分段函数的最值时,应先求出每一段上的最值,再选取其中最大的作为分段函数的最大值,最小的作为分段函数的最小值.如本例(1).(3)若函数f (x )在区间[a ,b ]上单调,则必在区间的端点处取得最值.如本例(2);若函数f (x )在区间[a ,b ]上不单调,则最小值为函数f (x )在该区间内的极小值和区间端点值中最小的值,最大值为函数 f (x )在该区间内的极大值和区间端点值中最大的值.1.函数f (x )=x 2+4x的值域为________.(-∞,-4]∪[4,+∞) [当x >0时,f (x )=x +4x≥4,当且仅当x =2时取等号;当x <0时,-x +⎝ ⎛⎭⎪⎫-4x ≥4,即f (x )=x +4x≤-4,当且仅当x =-2时取等号,所以函数f (x )的值域为(-∞,-4]∪[4,+∞).] 2.对于任意实数a ,b ,定义min{a ,b }=⎩⎪⎨⎪⎧a ,a ≤b ,b ,a >b .设函数f (x )=-x +3,g (x )=log 2x ,则函数h (x )=min{f (x ),g (x )}的最大值是________.1 [法一:(图像法)在同一坐标系中,作函数f (x ),g (x )图像, 依题意,h (x )的图像如图所示. 易知点A (2,1)为图像的最高点, 因此h (x )的最大值为h (2)=1.法二:(单调性法)依题意,h (x )=⎩⎪⎨⎪⎧log 2x ,0<x ≤2,-x +3,x >2.当0<x ≤2时,h (x )=log 2 x 是增函数, 当x >2时,h (x )=3-x 是减函数, 所以h (x )在x =2时取得最大值h (2)=1.] 考点3 函数单调性的应用比较大小比较函数值大小的解题思路比较函数值的大小时,若自变量的值不在同一个单调区间内,要利用其函数性质,转化到同一个单调区间内进行比较,对于选择题、填空题能数形结合的尽量用图像法求解.已知函数f (x )的图像向左平移1个单位后关于y 轴对称,当x 2>x 1>1时,[f (x 2)-f (x 1)](x 2-x 1)<0恒成立,设a =f ⎝ ⎛⎭⎪⎫-12,b =f (2),c =f (3),则a ,b ,c 的大小关系为( )A .c >a >bB .c >b >aC .a >c >bD .b >a >cD [根据已知可得函数f (x )的图像关于直线x =1对称,且在(1,+∞)上是减函数.所以a =f ⎝ ⎛⎭⎪⎫-12=f ⎝ ⎛⎭⎪⎫52,f (2)>f (2.5)>f (3),所以b >a >c .] 本例先由[f (x 2)-f (x 1)](x 2-x 1)<0得出f (x )在(1,+∞)上是减函数,然后借助对称性,化变量-12,2,3于同一单调区间,并借助单调性比较大小.解不等式求解含“f ”的函数不等式的解题思路先利用函数的相关性质将不等式转化为f (g (x ))>f (h (x ))的形式,再根据函数的单调性去掉“f ”,得到一般的不等式g (x )>h (x )(或g (x )<h (x )).此时要特别注意函数的定义域.定义在[-2,2]上的函数f (x )满足(x 1-x 2)·[f (x 1)-f (x 2)]>0,x 1≠x 2,且f (a 2-a )>f (2a -2),则实数a 的取值范围为( )A .[-1,2)B .[0,2)C .[0,1)D .[-1,1)C [因为函数f (x )满足(x 1-x 2)[f (x 1)-f (x 2)]>0,x 1≠x 2,所以函数在[-2,2]上单调递增,所以-2≤2a -2<a 2-a ≤2,解得0≤a <1,故选C.]本例在求解时,应注意隐含条件为a 2-a ∈[-2,2],2a -2∈[-2,2].[教师备选例题]f (x )是定义在(0,+∞)上的单调增函数,满足f (xy )=f (x )+f (y ),f (3)=1,则不等式f (x )+f (x -8)≤2的解集为________.(8,9] [因为2=1+1=f (3)+f (3)=f (9),由f (x )+f (x -8)≤2可得f [x (x -8)]≤f (9),f (x )是定义在(0,+∞)上的增函数,所以有⎩⎪⎨⎪⎧x >0,x -8>0,x x -8≤9,解得8<x ≤9.]根据函数的单调性求参数利用单调性求参数的范围(或值)的方法(1)视参数为已知数,依据函数的图像或单调性定义,确定函数的单调区间,与已知单调区间比较求参数.(2)需注意若函数在区间[a ,b ]上是单调的,则该函数在此区间的任意子集上也是单调的.(1)(2019·郑州模拟)函数y =x -5x -a -2在(-1,+∞)上单调递增,则a 的取值范围是( )A .a =-3B .a <3C .a ≤-3D .a ≥-3(2)已知f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧2-a x +1,x <1,a x,x ≥1满足对任意x 1≠x 2,都有f x 1-f x 2x 1-x 2>0成立,那么a 的取值范围是( )A .(1,2)B .⎝ ⎛⎦⎥⎤1,32C .⎣⎢⎡⎭⎪⎫32,2D .⎝ ⎛⎭⎪⎫32,2 (1)C (2)C [(1)y =x -a -2+a -3x -a -2=1+a -3x -a -2=1+a -3x -a +2,由题意知⎩⎪⎨⎪⎧a -3<0,a +2≤-1,得a ≤-3.所以a 的取值范围是a ≤-3. (2)由已知条件得f (x )为增函数, 所以⎩⎪⎨⎪⎧2-a >0,a >1,2-a ×1+1≤a ,解得32≤a <2,所以a 的取值范围是⎣⎢⎡⎭⎪⎫32,2.故选C.] 分段函数的单调性,除注意各段的单调性外,还要注意衔接点的取值.如本例(2).1.若函数f (x )=2|x -a |+3在区间[1,+∞)上不单调,则a 的取值范围是( )A .[1,+∞)B .(1,+∞)C .(-∞,1)D .(-∞,1]B [因为函数f (x )=2|x -a |+3=⎩⎪⎨⎪⎧2x -2a +3,x ≥a ,-2x +2a +3,x <a ,且函数f (x )=2|x -a |+3在区间[1,+∞)上不单调,所以a >1.所以a 的取值范围是(1,+∞).故选B.]2.设函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧-x 2+4x ,x ≤4,log 2x ,x >4.若函数y =f (x )在区间(a ,a +1)上单调递增,则实数a 的取值范围是( )A .(-∞,1]B .[1,4]C .[4,+∞)D .(-∞,1]∪[4,+∞)D [作出函数f (x )的图像如图所示 ,由图像可知f (x )在(a ,a +1)上单调递增,需满足a ≥4或a +1≤2,即a ≤1或a ≥4,故选D.]3.已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧x 3,x ≤0,ln x +1,x >0,若f (2-x 2)>f (x ),则实数x 的取值范围是( )A .(-∞,-1)∪(2,+∞)B .(-∞,-2)∪(1,+∞)C .(-1,2)D .(-2,1)D [因为当x =0时,两个表达式对应的函数值都为零,所以函数的图像是一条连续的曲线.因为当x ≤0时, 函数f (x )=x 3为增函数,当x >0时,f (x )=ln(x +1)也是增函数, 所以函数f (x )是定义在R 上的增函数. 因此,不等式f (2-x 2)>f (x )等价于2-x 2>x , 即x 2+x -2<0, 解得-2<x <1.]。

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