本章整合—人教版高中物理选修复习课件
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高考物理总复习 本章整合课件6 新人教版选修31
第二十七页，共34页。
(1)电容器极板间的电场强度(qiángdù)E； (2)平行板电容器的板长L； (3)小球在AB间运动的周期T.
[解析] (1)带电粒子沿水平方向做匀加速运动可知 qEcosθ
＝mg，解得：E＝2
3mg 3q .
(2)小球垂直落到弹性挡板上，且 α＝45°，有 v0＝vy＝ 2gh， 根据动能定理：qE·12Ltanθ＝12mv20.
[答案] ACD
第十二页，共34页。
2.(2012·陕西宝鸡(bǎo jī)高三模拟)如右图所示，虚线A、 B、C为某电场中的三条等势线，其电势分别为3 V、5 V、7 V， 实线为带电粒子在电场中运动时的轨迹，P，Q为轨迹与等势线 A、C的交点，带电粒子只受电场力，则下列说法正确的是
()
第十三页，共34页。
解得：L＝3h.
第二十八页，共34页。
(3)由于小球在复合场中做匀加速运动2cLosθ＝12gtanθ·t12.
解得 t1＝ gsLinθ＝ 6gh，
平抛运动的时间为 t2＝ 2gh，
小 球在 AB 间 运动 的周 期为 T＝ 2t1＋ 2t2＝2(
6h g
＋
2gh)．
[答案] (1)2
3mg 3q
所以粒子飞出电场时的速度大小为：
v＝ v02＋3ud0mqT，
设速度方向与 v0 的夹角为 θ，则：
tanθ＝vv0y＝ 13，∴θ＝30°.
第三十二页，共34页。
(2)当粒子由 t＝nT 时刻进入电场，向下侧移最大，则： s1＝2qdum0 ·(23T)2＋qdum0·(23T)·T3－2qdum0 ·(T3)2＝71q8ud0mT2， 当粒子由 t＝nT＋23T时刻进入电场，向上侧移最大，则 s2 ＝2qdum0 ·(T3)2＝q1u8d0Tm2， 在距离 O′中点下方71q8ud0mT2至上方q1u8d0Tm2范围内有粒子打 出．
(1)电容器极板间的电场强度(qiángdù)E； (2)平行板电容器的板长L； (3)小球在AB间运动的周期T.
[解析] (1)带电粒子沿水平方向做匀加速运动可知 qEcosθ
＝mg，解得：E＝2
3mg 3q .
(2)小球垂直落到弹性挡板上，且 α＝45°，有 v0＝vy＝ 2gh， 根据动能定理：qE·12Ltanθ＝12mv20.
[答案] ACD
第十二页，共34页。
2.(2012·陕西宝鸡(bǎo jī)高三模拟)如右图所示，虚线A、 B、C为某电场中的三条等势线，其电势分别为3 V、5 V、7 V， 实线为带电粒子在电场中运动时的轨迹，P，Q为轨迹与等势线 A、C的交点，带电粒子只受电场力，则下列说法正确的是
()
第十三页，共34页。
解得：L＝3h.
第二十八页，共34页。
(3)由于小球在复合场中做匀加速运动2cLosθ＝12gtanθ·t12.
解得 t1＝ gsLinθ＝ 6gh，
平抛运动的时间为 t2＝ 2gh，
小 球在 AB 间 运动 的周 期为 T＝ 2t1＋ 2t2＝2(
6h g
＋
2gh)．
[答案] (1)2
3mg 3q
所以粒子飞出电场时的速度大小为：
v＝ v02＋3ud0mqT，
设速度方向与 v0 的夹角为 θ，则：
tanθ＝vv0y＝ 13，∴θ＝30°.
第三十二页，共34页。
(2)当粒子由 t＝nT 时刻进入电场，向下侧移最大，则： s1＝2qdum0 ·(23T)2＋qdum0·(23T)·T3－2qdum0 ·(T3)2＝71q8ud0mT2， 当粒子由 t＝nT＋23T时刻进入电场，向上侧移最大，则 s2 ＝2qdum0 ·(T3)2＝q1u8d0Tm2， 在距离 O′中点下方71q8ud0mT2至上方q1u8d0Tm2范围内有粒子打 出．
本章复习—人教版高中物理选修课件
第11章 本章复习—人教版高中物理选修3-4 课件(共 27张PP T)
第11章 本章复习—人教版高中物理选修3-4 课件(共 27张PP T)
2、测重力加速度
【实验原理】
T 2 l
g
4 2l
g T2
【实验器材】
金属球、细线、铁架台、铁夹； 刻度尺、游标卡尺、秒表。
第11章 本章复习—人教版高中物理选修3-4 课件(共 27张PP T)
第11章 本章复习—人教版高中物理选修3-4 课件(共 27张PP T)
第11章 本章复习—人教版高中物理选修3-4 课件(共 27张PP T)
【数据处理】
方法一：平均值法，将测得的几次的周期T和
摆长L代入公式：g＝ 42 L/T2 中算出重力加速度g
的值，再算出g的平均值。 方法二：图象法，由单摆的周期公式：
-5
-10
第11章 本章复习—人教版高中物理选修3-4 课件(共 27张PP T)
3、如图为某物体做简谐运动的图像，下列说
法正确的是（ A）
A、由P到Q位移在增大
B、由P到Q速度在增大
C、由M到N速度是先减小后增大
ห้องสมุดไป่ตู้
D、由M到N 位移始终减小
x
·PQ· ·M
0
· t1 t2 t3 t4 N
t
第11章 本章复习—人教版高中物理选修3-4 课件(共 27张PP T)
第11章 本章复习—人教版高中物理选修3-4 课件(共 27张PP T)
第11章 本章复习—人教版高中物理选修3-4 课件(共 27张PP T)
单摆的应用
１．利用它的等时性计时
惠更斯在1656年首先利用摆的等时性发明了 带摆的计时器（1657年获得专利权） 例：小明家从广州搬到北京去,搬家时把 家中的大摆钟也带到北京去了. 问:（1）这个摆钟到北京后是否还准时? （2）若不准,是偏慢还是偏快? （3）如须调整应该怎样调节?
第11章 本章复习—人教版高中物理选修3-4 课件(共 27张PP T)
2、测重力加速度
【实验原理】
T 2 l
g
4 2l
g T2
【实验器材】
金属球、细线、铁架台、铁夹； 刻度尺、游标卡尺、秒表。
第11章 本章复习—人教版高中物理选修3-4 课件(共 27张PP T)
第11章 本章复习—人教版高中物理选修3-4 课件(共 27张PP T)
第11章 本章复习—人教版高中物理选修3-4 课件(共 27张PP T)
【数据处理】
方法一：平均值法，将测得的几次的周期T和
摆长L代入公式：g＝ 42 L/T2 中算出重力加速度g
的值，再算出g的平均值。 方法二：图象法，由单摆的周期公式：
-5
-10
第11章 本章复习—人教版高中物理选修3-4 课件(共 27张PP T)
3、如图为某物体做简谐运动的图像，下列说
法正确的是（ A）
A、由P到Q位移在增大
B、由P到Q速度在增大
C、由M到N速度是先减小后增大
ห้องสมุดไป่ตู้
D、由M到N 位移始终减小
x
·PQ· ·M
0
· t1 t2 t3 t4 N
t
第11章 本章复习—人教版高中物理选修3-4 课件(共 27张PP T)
第11章 本章复习—人教版高中物理选修3-4 课件(共 27张PP T)
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单摆的应用
１．利用它的等时性计时
惠更斯在1656年首先利用摆的等时性发明了 带摆的计时器（1657年获得专利权） 例：小明家从广州搬到北京去,搬家时把 家中的大摆钟也带到北京去了. 问:（1）这个摆钟到北京后是否还准时? （2）若不准,是偏慢还是偏快? （3）如须调整应该怎样调节?
高中物理人教版选修1-2课件：本章整合4
-4-
本章整合
知识网络
专题应用
点拨:二氧化碳吸收红外线是产生温室效应的原因。 解析:本题的考查点是二氧化碳的温室效应。 地球形成的早期,地壳不如现在牢固,地球不如现在稳定,火山活 动频繁,符合地质的发展规律。由于火山的喷发,排出大量的二氧 化碳,进而导致当时地球的气温很高。地球上的岩石由于多种原因, 其中包括岩石中的矿物成分与水、氧气、二氧化碳发生化学反应, 使岩石进一步分化,最后形成土壤,二氧化碳减少,形成了适合生命 生存的条件。由于工业的发展和人类的活动,大量地使用常规能源, 导致二氧化碳在空气中的含量增大,地球上的气温正在升高。生活 用电和工业用电是电能和其他形式的能的转变,会产生热。就温室 效应这一点而言,只有A、B、C是正确的。 答案:ABC
身体记忆法小妙招
-31-
本章整合
超级记忆法--故事法
• 鲁迅本名：周树人
• 主要作品：《阿Q正传》
、《药》、
、
• 《狂人日记》、《呐喊》
、《孔乙己》
• 《故乡》、《社戏》、《 祝福》。
• 阿Q吃错了药，发狂地喊 着孔乙己去他 的故乡看社戏 ，没想到撞树上了，我们 祝 福他身体早日康复。
（图片来自网络）
【例题】 二氧化碳对长波辐射有强烈的吸收作用,行星表面发出 的长波辐射到大气以后被二氧化碳截获,最后使大气升温,大气中 的二氧化碳像暖房的玻璃一样,只准太阳的辐射热进来,却不让室 内的长波热辐射出去,大气中的二氧化碳的这种效应叫温室效应。 这是目前科学界对地球气候变暖进行分析的一种观点。根据这种 观点,以下说法成立的是( )
A.在地球形成的早期,火山活动频繁,排出大量的二氧化碳,当时 地球的气温很高
B.经过漫长的年代,地壳的岩石和气体二氧化碳发生化学反应,导 致二氧化碳减少,地球上出现了生命
本章整合
知识网络
专题应用
点拨:二氧化碳吸收红外线是产生温室效应的原因。 解析:本题的考查点是二氧化碳的温室效应。 地球形成的早期,地壳不如现在牢固,地球不如现在稳定,火山活 动频繁,符合地质的发展规律。由于火山的喷发,排出大量的二氧 化碳,进而导致当时地球的气温很高。地球上的岩石由于多种原因, 其中包括岩石中的矿物成分与水、氧气、二氧化碳发生化学反应, 使岩石进一步分化,最后形成土壤,二氧化碳减少,形成了适合生命 生存的条件。由于工业的发展和人类的活动,大量地使用常规能源, 导致二氧化碳在空气中的含量增大,地球上的气温正在升高。生活 用电和工业用电是电能和其他形式的能的转变,会产生热。就温室 效应这一点而言,只有A、B、C是正确的。 答案:ABC
身体记忆法小妙招
-31-
本章整合
超级记忆法--故事法
• 鲁迅本名：周树人
• 主要作品：《阿Q正传》
、《药》、
、
• 《狂人日记》、《呐喊》
、《孔乙己》
• 《故乡》、《社戏》、《 祝福》。
• 阿Q吃错了药，发狂地喊 着孔乙己去他 的故乡看社戏 ，没想到撞树上了，我们 祝 福他身体早日康复。
（图片来自网络）
【例题】 二氧化碳对长波辐射有强烈的吸收作用,行星表面发出 的长波辐射到大气以后被二氧化碳截获,最后使大气升温,大气中 的二氧化碳像暖房的玻璃一样,只准太阳的辐射热进来,却不让室 内的长波热辐射出去,大气中的二氧化碳的这种效应叫温室效应。 这是目前科学界对地球气候变暖进行分析的一种观点。根据这种 观点,以下说法成立的是( )
A.在地球形成的早期,火山活动频繁,排出大量的二氧化碳,当时 地球的气温很高
B.经过漫长的年代,地壳的岩石和气体二氧化碳发生化学反应,导 致二氧化碳减少,地球上出现了生命
高考物理总复习 本章整合课件 新人教版选修34
()
第十三页，共36页。
A．这列波的波长λ＝4 m B．这列波的周期T＝3 s C．这列波的传播速度v＝2 m/s D．这列波的波源(bōyuán)起振方向为向上 E．乙图可能是图甲中质点Q的振动图象
第十四页，共36页。
(2)雨过天晴，人们常看到天空中出现彩虹，它是阳光 照射到空中弥漫的水珠上时出现的现象(xiànxiàng)．在说明这 个现象(xiànxiàng)时，需要分析光线射入水珠后的光路．一细 束光线射入水珠，水珠可视为一个半径R＝10 mm的球，球心 O到入射光线的垂直距离d＝8 mm，水的折射率n＝4/3.
第三十页，共36页。
【热点强化】
1．(2012·浙江四校联考)如右图所示，两束不同单色光P
和Q射向半圆(bànyuán)体玻璃砖，其出射光线都是从圆心O点
沿OF方向，由此可知
()
A．P光束的光子能量比Q光大
B．Q光束穿过玻璃砖所需的时间比P光短
C．两束光以相同的入射角从水中射向空气，若Q光能
发生全反射，则P光也一定能发生全反射
第六页，共36页。
2．光学：对于几何光学的题目，首先要能够根据光的 折射定律、全反射规律作出光路图，然后用几何方法解题，注 意发生全反射的条件和折射率的计算．光的本性部分要掌握光 的干涉条件和发生明显衍射的条件，知道什么是偏振(piān zhèn)现象．还要注意几何光学和光的本性的结合点(光的折射 率和频率)．
第三十四页，共36页。
若DC光线经折射进入(jìnrù)介质球，在介质球内经一 次反射，再经折射后射出的光线与入射光线CD平行．试作出 光路图，并计算出介质球的折射率．
第三十五页，共36页。
[解析] 光路如右图所示，光线经反射后到达介质与空气 的界面时发生折射，由几何关系和折射定律得：i′＝r，r′＝i； 折射光线 PQ 与入射光线 DC 平行，则∠POA＝∠COA＝i，sini ＝HR＝ 23，i＝60°.由几何关系可知，r＝i/2＝30°，sinr＝1/2，故 n＝sini/sinr＝ 3.
第十三页，共36页。
A．这列波的波长λ＝4 m B．这列波的周期T＝3 s C．这列波的传播速度v＝2 m/s D．这列波的波源(bōyuán)起振方向为向上 E．乙图可能是图甲中质点Q的振动图象
第十四页，共36页。
(2)雨过天晴，人们常看到天空中出现彩虹，它是阳光 照射到空中弥漫的水珠上时出现的现象(xiànxiàng)．在说明这 个现象(xiànxiàng)时，需要分析光线射入水珠后的光路．一细 束光线射入水珠，水珠可视为一个半径R＝10 mm的球，球心 O到入射光线的垂直距离d＝8 mm，水的折射率n＝4/3.
第三十页，共36页。
【热点强化】
1．(2012·浙江四校联考)如右图所示，两束不同单色光P
和Q射向半圆(bànyuán)体玻璃砖，其出射光线都是从圆心O点
沿OF方向，由此可知
()
A．P光束的光子能量比Q光大
B．Q光束穿过玻璃砖所需的时间比P光短
C．两束光以相同的入射角从水中射向空气，若Q光能
发生全反射，则P光也一定能发生全反射
第六页，共36页。
2．光学：对于几何光学的题目，首先要能够根据光的 折射定律、全反射规律作出光路图，然后用几何方法解题，注 意发生全反射的条件和折射率的计算．光的本性部分要掌握光 的干涉条件和发生明显衍射的条件，知道什么是偏振(piān zhèn)现象．还要注意几何光学和光的本性的结合点(光的折射 率和频率)．
第三十四页，共36页。
若DC光线经折射进入(jìnrù)介质球，在介质球内经一 次反射，再经折射后射出的光线与入射光线CD平行．试作出 光路图，并计算出介质球的折射率．
第三十五页，共36页。
[解析] 光路如右图所示，光线经反射后到达介质与空气 的界面时发生折射，由几何关系和折射定律得：i′＝r，r′＝i； 折射光线 PQ 与入射光线 DC 平行，则∠POA＝∠COA＝i，sini ＝HR＝ 23，i＝60°.由几何关系可知，r＝i/2＝30°，sinr＝1/2，故 n＝sini/sinr＝ 3.
高考物理总复习 本章整合课件8 新人教版选修31
[答案(dáàn)] AB
第二十四页，共39页。
热点三、带电粒子在复合场中的运动
如图所示，在 y>0 的空间中存在匀强电场，场强沿 y 轴负 方向；在 y<0 的空间中，存在匀强磁场，磁场方向垂直 xy 平面 (纸面)向外，一电量为 q，质量为 m 的带正电的运动粒子，经 过 y 轴上 y＝h 处的点 P1 时速率为 v0，方向沿 x 轴正方向；然 后，经过 x 轴上 x＝2h 处的 P2 点进入磁场，并经过 y 轴上 y＝ －2h 处的 P3 点．不计重力．
第十三页，共39页。
解法一：本题运用正交分解法解题． 如下图所示，竖直方向：N＋F 安 sinθ＝mg，
水平方向：F 安 cosθ＝f，
F 安＝BIL，f＝μN，
推出 B＝
μmg μ2＋1sinθ＋φIL.
第十四页，共39页。
tanφ＝1μ>1，φ>45°， 因 θ 从 45°减小到 0，所以 B 先变小后变大． 解法二：本题还可用图解法进行判断：把支持力与摩擦力 合成一个力，支持力与摩擦力的合力方向不变，则把物体看成 受三个力的作用，运用图解法能判断出安培力的变化，D 正确．
第二十七页，共39页。
模型对应的规律： (1)粒子由 P1 到 P2 的过程做类平抛运动 2h＝v0t h＝12at2 由牛顿第二定律得：qE＝ma 联立得：E＝m2qvh20
第二十八页，共39页。
(2)从 P1 到 P2 过程由动能定律得： qEh＝12mv22－12mv02 v2＝ 2v0 速度的方向与水平的夹角为 45° (3)由图可得：R＝2 2h 又因为：R＝mqBv 则：B＝m2qvh0
[答案(dáàn)] BC
第九页，共39页。
【热点强化】
第二十四页，共39页。
热点三、带电粒子在复合场中的运动
如图所示，在 y>0 的空间中存在匀强电场，场强沿 y 轴负 方向；在 y<0 的空间中，存在匀强磁场，磁场方向垂直 xy 平面 (纸面)向外，一电量为 q，质量为 m 的带正电的运动粒子，经 过 y 轴上 y＝h 处的点 P1 时速率为 v0，方向沿 x 轴正方向；然 后，经过 x 轴上 x＝2h 处的 P2 点进入磁场，并经过 y 轴上 y＝ －2h 处的 P3 点．不计重力．
第十三页，共39页。
解法一：本题运用正交分解法解题． 如下图所示，竖直方向：N＋F 安 sinθ＝mg，
水平方向：F 安 cosθ＝f，
F 安＝BIL，f＝μN，
推出 B＝
μmg μ2＋1sinθ＋φIL.
第十四页，共39页。
tanφ＝1μ>1，φ>45°， 因 θ 从 45°减小到 0，所以 B 先变小后变大． 解法二：本题还可用图解法进行判断：把支持力与摩擦力 合成一个力，支持力与摩擦力的合力方向不变，则把物体看成 受三个力的作用，运用图解法能判断出安培力的变化，D 正确．
第二十七页，共39页。
模型对应的规律： (1)粒子由 P1 到 P2 的过程做类平抛运动 2h＝v0t h＝12at2 由牛顿第二定律得：qE＝ma 联立得：E＝m2qvh20
第二十八页，共39页。
(2)从 P1 到 P2 过程由动能定律得： qEh＝12mv22－12mv02 v2＝ 2v0 速度的方向与水平的夹角为 45° (3)由图可得：R＝2 2h 又因为：R＝mqBv 则：B＝m2qvh0
[答案(dáàn)] BC
第九页，共39页。
【热点强化】
人教版高中物理 选择性 必修第三册：(第二章 气体、固体和液体)本章整合【精品课件】
等压 在连通器中,同一种液体(中间不间断)同一深度处压强相等。液
面法 体内深h处的总压强p=p0+ρgh,p0为液面上方的大气压强
2.加速运动系统中封闭气体压强的求法
选取与气体接触的液柱(或活塞)为研究对象,进行受力分析,利用牛顿第二
定律列方程求解。
例1 (2020山东滨州三模)如图所示,一导热良好的足够长汽缸水平放置在
销钉固定的导热活塞将汽缸分隔成A、B两部分,每部分都密闭有一定质量
的理想气体,此时A、B两部分气体体积相等,压强之比为2∶3,拔去销钉,稳
定后A、B两部分气体体积之比为2∶1,如图乙所示。已知活塞的质量为M,
横截面积为S,重力加速度大小为g,外界温度保持不变,不计活塞和汽缸间
的摩擦,整个过程不漏气,求稳定后B部分气体的压强。
题。解决这类问题时,可以把大容器中的气体和多个小容器中的气体一起
来作为研究对象,可将变质量问题转化为定质量问题。
(4)漏气问题
容器漏气过程中气体的质量不断发生变化,属于变质量问题。如果选容器
内剩余气体和漏出的气体为研究对象,便可使问题变成一定质量的气体状
态变化的问题,可用气体实验定律列方程求解。
例2 (2020山东泰安模拟)现有一个容积为400 L的医用氧气罐,内部气体可
第二章 本章整合
内
容
索
引
01
知识网络体系构建
02
重点题型归纳整合
知识网络体系构建
答案 温度 273.15 m、T 一定 pV=C 过原点的倾斜直线 m、p 一定
=C
=C
过原点的倾斜直线 m、V 一定
1 1 2 2
=
1
高考物理总复习 本章整合课件7 新人教版选修31
第十三页，共46页。
已知电源电动势E和内阻(nèi zǔ)r一定，光敏电阻随光
照的增强电阻变小，以下说法正确的是
()
第十四页，共46页。
A．保持(bǎochí)光照强度不变，将R2的滑动触头P向b 端滑动，则R3消耗的功率变大
B．保持(bǎochí)滑动触头P不动，让光敏电阻周围光线 变暗，则小球重新平衡后θ变小
第八页，共46页。
[解析] 当 P 向右移动时，回路的总电阻增大，电流减小， P 总＝IE，总功率减小，A 正确；P 内＝I2r，电流减小，内部损 耗功率减小，C 正确；电源的效率 η＝IIUE×100%＝UE×100%， 因外电阻增大，故路端电压增大，效率增大，B 正确；当外电 阻等于内电阻时电源的输出功率最大，但由于不知道两电阻大 小，所以无法判断，D 错．
第六页，共46页。
[解析] S断开时，分析(fēnxī)思路如下所示．
故 B 正确． [答案] B
第七页，共46页。
【热点强化】
1．(2012·上海卷)直流电路如右图所示，在滑动变阻器
的滑片P向右移动(yídòng)时，电源的
()
A．总功率一定减小 B．效率(xiào lǜ)一定增大 C．内部损耗功率一定减小 D．输出功率一定先增大后减小
[答案] R2＝10 Ω R3＝10 Ω
第二十页，共46页。
热点(rè diǎn)三、伏安法的应用
(2012·高考北京卷)在“测定金属的电阻率”实验中，所用 测量仪器均已校准．待测金属丝接入电路部分的长度约为 50 cm.
(1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果 如图所示，其读数应为________mm(该值接近多次测量的平均 值)．
第十九页，共46页。
已知电源电动势E和内阻(nèi zǔ)r一定，光敏电阻随光
照的增强电阻变小，以下说法正确的是
()
第十四页，共46页。
A．保持(bǎochí)光照强度不变，将R2的滑动触头P向b 端滑动，则R3消耗的功率变大
B．保持(bǎochí)滑动触头P不动，让光敏电阻周围光线 变暗，则小球重新平衡后θ变小
第八页，共46页。
[解析] 当 P 向右移动时，回路的总电阻增大，电流减小， P 总＝IE，总功率减小，A 正确；P 内＝I2r，电流减小，内部损 耗功率减小，C 正确；电源的效率 η＝IIUE×100%＝UE×100%， 因外电阻增大，故路端电压增大，效率增大，B 正确；当外电 阻等于内电阻时电源的输出功率最大，但由于不知道两电阻大 小，所以无法判断，D 错．
第六页，共46页。
[解析] S断开时，分析(fēnxī)思路如下所示．
故 B 正确． [答案] B
第七页，共46页。
【热点强化】
1．(2012·上海卷)直流电路如右图所示，在滑动变阻器
的滑片P向右移动(yídòng)时，电源的
()
A．总功率一定减小 B．效率(xiào lǜ)一定增大 C．内部损耗功率一定减小 D．输出功率一定先增大后减小
[答案] R2＝10 Ω R3＝10 Ω
第二十页，共46页。
热点(rè diǎn)三、伏安法的应用
(2012·高考北京卷)在“测定金属的电阻率”实验中，所用 测量仪器均已校准．待测金属丝接入电路部分的长度约为 50 cm.
(1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果 如图所示，其读数应为________mm(该值接近多次测量的平均 值)．
第十九页，共46页。
高考物理总复习 本章整合课件 新人教版选修33
第二十六页，共28页。
(2)如下图所示，容积为V1的容器(róngqì)内充有压缩空 气．容器(róngqì)与水银压强计相连，压强计左右两管下部由 软胶管相连．气阀关闭时，两管中水银面等高，左管中水银面 上方到气阀之间空气的体积为V2.打开气阀，左管中水银面下 降；缓慢地向上提右管，使左管中水银面回到原来高度，此时 右管与左管中水银面的高度差为h.已知水银的密度为ρ，大气 压强为p0，重力加速度为g；空气可视为理想气体，其温度不 变．求气阀打开前容器(róngqì)中压缩空气的压强p1.
[答案] D
第八页，共28页。
【热点强化(qiánghuà)】 1．(2012·山西太原期末)下列说法中正确的是 ( ) A．液体中悬浮微粒的布朗运动就是液体分子的无规则 热运动 B．物体的温度越高，分子热运动越剧烈，分子的平均 动能就越大 C．密封在体积不变的容器中的气体，温度升高，气体 分子对器壁单位面积上的平均作用力增大 D．根据热力学第二定律可知，热量能够从高温物体传 到低温物体，但不能从低温物体传到高温物体
第粒的布朗运动就是液体分子的无 规则热运动的反映，微粒不是分子，微粒的布朗运动不是液体 分子的无规则热运动，选项A错误；物体的温度越高，分子热 运动越剧烈，分子的平均动能就越大，选项B正确；密封在体 积不变的容器中的气体，温度升高，气体分子对器壁单位面积 上的平均作用力增大(zēnɡ dà)，选项C正确；根据热力学第二 定律可知，热量能够从高温物体传到低温物体，但不能自发地 从低温物体传到高温物体，但是可以采用某种方法使热量从低 温物体传到高温物体，选项D错误．
第十二页，共28页。
(3)某同学在进行“用油膜法估测分子的大小”的实验前， 查阅数据手册得知：油酸的摩尔质量 M＝0.283 kg·mol－1，密度 ρ＝0.895×103 kg·m－3.若 100 滴油酸的体积为 1 ml，则 1 滴油 酸 所 能 形 成 的 单 分 子 油 膜 的 面 积 约 是 多 少 ？ ( 取 NA ＝ 6.02×1023mol－1.球的体积 V 与直径 D 的关系为 V＝16πD3，结果 保留一位有效数字)
(2)如下图所示，容积为V1的容器(róngqì)内充有压缩空 气．容器(róngqì)与水银压强计相连，压强计左右两管下部由 软胶管相连．气阀关闭时，两管中水银面等高，左管中水银面 上方到气阀之间空气的体积为V2.打开气阀，左管中水银面下 降；缓慢地向上提右管，使左管中水银面回到原来高度，此时 右管与左管中水银面的高度差为h.已知水银的密度为ρ，大气 压强为p0，重力加速度为g；空气可视为理想气体，其温度不 变．求气阀打开前容器(róngqì)中压缩空气的压强p1.
[答案] D
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【热点强化(qiánghuà)】 1．(2012·山西太原期末)下列说法中正确的是 ( ) A．液体中悬浮微粒的布朗运动就是液体分子的无规则 热运动 B．物体的温度越高，分子热运动越剧烈，分子的平均 动能就越大 C．密封在体积不变的容器中的气体，温度升高，气体 分子对器壁单位面积上的平均作用力增大 D．根据热力学第二定律可知，热量能够从高温物体传 到低温物体，但不能从低温物体传到高温物体
第粒的布朗运动就是液体分子的无 规则热运动的反映，微粒不是分子，微粒的布朗运动不是液体 分子的无规则热运动，选项A错误；物体的温度越高，分子热 运动越剧烈，分子的平均动能就越大，选项B正确；密封在体 积不变的容器中的气体，温度升高，气体分子对器壁单位面积 上的平均作用力增大(zēnɡ dà)，选项C正确；根据热力学第二 定律可知，热量能够从高温物体传到低温物体，但不能自发地 从低温物体传到高温物体，但是可以采用某种方法使热量从低 温物体传到高温物体，选项D错误．
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(3)某同学在进行“用油膜法估测分子的大小”的实验前， 查阅数据手册得知：油酸的摩尔质量 M＝0.283 kg·mol－1，密度 ρ＝0.895×103 kg·m－3.若 100 滴油酸的体积为 1 ml，则 1 滴油 酸 所 能 形 成 的 单 分 子 油 膜 的 面 积 约 是 多 少 ？ ( 取 NA ＝ 6.02×1023mol－1.球的体积 V 与直径 D 的关系为 V＝16πD3，结果 保留一位有效数字)
高中物理人教版选修31课件本章整合_1
选择仪器的一般步骤:
(1)根据实验要求设计合理的实验电路;
(2)根据电路选择滑动变阻器;
(3)选定电源,选择电压表和电流表以及所用的量程。
-28-
知识网络
本章整合
专题一
专题二
专题三
专题四
专题突破
专题五
3.实物图的连接
(1)实物图连接的方法与步骤
①画出实验电路图。
②分析各元件连接方式,明确电表量程。
滑动变阻器R1(阻值0~10 Ω,额定电流2 A);
滑动变阻器R2(阻值0~1 700 Ω,额定电流0.3 A);
【例 1】 图中电源电动势 E=10 V,内阻可忽略,R1=4 Ω,R2=6
Ω,C=30 μF,求:
(1)S 闭合后,稳定时通过 R1 的电流。
(2)S 原来闭合,然后断开,求断开 S 后流过 R1 的总电荷量。
解析:(1)电路稳定时,R1、R2 串联,则 I=
1 +2
= 1 A,即为流过
R1 的电流。
则该电路没有被短路或不完全被短路。
-18-
知识网络
本章整合
专题一
专题二
专题三
专题四
专题突破
专题五
(2)假设法:
已知电路发生某种故障,寻求故障发生在何处时,可将整个电路
划分为若干部分,然后假设某部分电路发生故障,运用欧姆定律进
行正向推理,推理结果若与题述物理现象不符合,则故障不是发生
在这部分电路。若推理结果与题述物理现象符合,则故障可能发生
知识网络
本章整合
专题一
专题二
专题三
专题四
专题突破
专题五
解析:设 V2 的内阻为 R2,根据闭合电路欧姆定律,
(1)根据实验要求设计合理的实验电路;
(2)根据电路选择滑动变阻器;
(3)选定电源,选择电压表和电流表以及所用的量程。
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专题一
专题二
专题三
专题四
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专题五
3.实物图的连接
(1)实物图连接的方法与步骤
①画出实验电路图。
②分析各元件连接方式,明确电表量程。
滑动变阻器R1(阻值0~10 Ω,额定电流2 A);
滑动变阻器R2(阻值0~1 700 Ω,额定电流0.3 A);
【例 1】 图中电源电动势 E=10 V,内阻可忽略,R1=4 Ω,R2=6
Ω,C=30 μF,求:
(1)S 闭合后,稳定时通过 R1 的电流。
(2)S 原来闭合,然后断开,求断开 S 后流过 R1 的总电荷量。
解析:(1)电路稳定时,R1、R2 串联,则 I=
1 +2
= 1 A,即为流过
R1 的电流。
则该电路没有被短路或不完全被短路。
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专题一
专题二
专题三
专题四
专题突破
专题五
(2)假设法:
已知电路发生某种故障,寻求故障发生在何处时,可将整个电路
划分为若干部分,然后假设某部分电路发生故障,运用欧姆定律进
行正向推理,推理结果若与题述物理现象不符合,则故障不是发生
在这部分电路。若推理结果与题述物理现象符合,则故障可能发生
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专题一
专题二
专题三
专题四
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专题五
解析:设 V2 的内阻为 R2,根据闭合电路欧姆定律,
人教版高中物理选择性必修第三册精品课件 第三章 热力学定律 本章整合
A恰好位于较细汽缸底部。
(1)求加入细沙的质量;
(2)保持细沙质量不变,再缓慢降低气体温度,使活塞回到原来
位置,封闭气体的内能减少了ΔU,求此时封闭气体的温度及此
过程中气体放出的热量。
答案 (1)
4
(2)27 ℃
3
mgL+ΔU
4
解析 (1)设初始状态封闭气体的压强为p1,由平衡条件可得
p0S+p1·2S+3mg=p0·2S+p1S
0
= ,
0
其中 V0=h0S,V=(h0+d)S
ℎ0 +
解得 T=
T ,即内能增加;
ℎ0 0
移至室外,活塞上升的过程中,密闭气体克服大气压力和活塞的重力做功,
所以外界对系统做的功
W=-(mg+p0S)d
根据热力学第一定律得密闭气体的内能增加了ΔU=Q+W=Q-(mg+p0S)d,
故C正确,A、B、D错误。
解得 p1=
设活塞A到达汽缸底部时封闭气体的压强为p2、加入细沙的质量为m0,由
平衡条件得p0S+p2·2S+3mg+m0g=p0·2S+p2S
根据玻意耳定律得p1(LS+2LS)=p2·2L·2S
联立解得 m0= 。
4
4 3
(2)降低温度过程中气体做等压变化,由盖-吕萨克定律得
=
例3 (2020河北邯郸二模)如图所示,两端开口内壁光滑的导热汽缸竖直固
定放置,质量分别为m和2m的两个活塞A、B由长度为2L的轻杆相连,两活
塞的横截面积分别为S和2S,活塞间封闭有一定质量的理想气体。开始时,
高中物理人教版选修1-1课件：第四章电磁波及其应用本章整合1
)
A.任何变化的磁场都要在空间产生变化的电场
B.任何电场都要在周围空间产生磁场
C.任何变化的电场要在周围空间产生磁场
D.电场和磁场总是相互联系着,形成一个不可分离的统一体,即电
磁场
解析:根据麦克斯韦理论,均匀变化的磁场在周围空间产生的电
场是稳定的,选项A错误。同理,并不是任何电场都会在周围空间产
生磁场,选项B错误。电场和磁场并不总是相互联系着的,例如,静止
本章整合
-1-
本章整合
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专题突破
-2-
知识网络
本章整合
专题一
专题二
专题三
专题突破
专题四
专题一 麦克斯韦的电磁场理论
1.根据麦克斯韦电磁场理论的两个要点:在变化磁场的周围空间
将产生电场,在变化的电场的周围空间将产生磁场。
2.当变化的电场增强时,磁感线沿某一方向旋转,则在磁场减弱时,
磁感线将沿相反方向旋转,如果电场不改变是静止的,则就不产生
射线、γ射线等均是不同频率范围内的电磁波。科学研究证明电
磁波是一个大家族。目前人类通过各种方式已产生或观测到的电
磁波的最低频率为f=10-2 Hz,其波长为地球半径的5×103倍; 而电
磁波的最高频率为f=1025 Hz,它是来自于宇宙的γ射线。
2.将电磁波按频率或波长的顺序排列起来就构成电磁波谱。在
电荷周围只有静电场,静止磁体周围只有稳定的磁场。只有变化的
电场和变化的磁场才能形成一个不可分离的统一体,即电磁场,选
项D错误。
答案:C
-5-
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专题一
专题二
专题三
专题突破
专题四
专题二 电磁波频率及波谱
A.任何变化的磁场都要在空间产生变化的电场
B.任何电场都要在周围空间产生磁场
C.任何变化的电场要在周围空间产生磁场
D.电场和磁场总是相互联系着,形成一个不可分离的统一体,即电
磁场
解析:根据麦克斯韦理论,均匀变化的磁场在周围空间产生的电
场是稳定的,选项A错误。同理,并不是任何电场都会在周围空间产
生磁场,选项B错误。电场和磁场并不总是相互联系着的,例如,静止
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专题突破
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专题一
专题二
专题三
专题突破
专题四
专题一 麦克斯韦的电磁场理论
1.根据麦克斯韦电磁场理论的两个要点:在变化磁场的周围空间
将产生电场,在变化的电场的周围空间将产生磁场。
2.当变化的电场增强时,磁感线沿某一方向旋转,则在磁场减弱时,
磁感线将沿相反方向旋转,如果电场不改变是静止的,则就不产生
射线、γ射线等均是不同频率范围内的电磁波。科学研究证明电
磁波是一个大家族。目前人类通过各种方式已产生或观测到的电
磁波的最低频率为f=10-2 Hz,其波长为地球半径的5×103倍; 而电
磁波的最高频率为f=1025 Hz,它是来自于宇宙的γ射线。
2.将电磁波按频率或波长的顺序排列起来就构成电磁波谱。在
电荷周围只有静电场,静止磁体周围只有稳定的磁场。只有变化的
电场和变化的磁场才能形成一个不可分离的统一体,即电磁场,选
项D错误。
答案:C
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专题一
专题二
专题三
专题突破
专题四
专题二 电磁波频率及波谱
人教版高中物理选择性必修第三册精品课件 第5章 原子核 本章整合
子的质量 mα=4.002 6 u,且 1 u 相当于 931.5 MeV 的能量。
(1)通过计算判断p是谁的运动轨迹。
239
(2)求一个 94 Pu 原子核发生衰变放出的能量。(结果保
留三位有效数字)
答案 (1)轨迹p为α粒子的运动轨迹。
(2)5.22 MeV
解析 (1)由于衰变过程动量守恒,则mUvU-mαvα=0
D.k=2,X为质子
238
解析 在核反应方程 92 U+12 H
Np+01 n 中,由电荷数守恒和质量数守恒
238
可得 238+2=238+k,解得 k=2,在核反应方程 93 Np
X+238
94 Pu 中,由电荷数
守恒和质量数守恒可得 93=Z+94,238=A+238,解得 Z=-1,A=0,所以 X 为电子,
故 B 正确,A、C、D 错误。
突破点二
衰变与轨道
原来静止的原子核衰变发出射线,同时生成新核,若它们处在同一个匀强磁
场中,运动轨迹(圆)就会出现内切圆和外切圆的图像。
1.判断内切、外切的理论依据
(1)动量守恒定律:新核与粒子的动量大小相等、方向相反。
(2)带电粒子在磁场中的偏转:带电粒子以某一初速度垂直进入匀强磁场,
238
92
234
90
U
Th+42 He
产生条件
所有原子序数
大于83的元素
及个别小于或
Th
意义
揭开了人
类研究原
应用
利用放射
性元素的
半衰期进
Pa+-1 0 e 等于83的元素 子核结构 行文物年
(1)通过计算判断p是谁的运动轨迹。
239
(2)求一个 94 Pu 原子核发生衰变放出的能量。(结果保
留三位有效数字)
答案 (1)轨迹p为α粒子的运动轨迹。
(2)5.22 MeV
解析 (1)由于衰变过程动量守恒,则mUvU-mαvα=0
D.k=2,X为质子
238
解析 在核反应方程 92 U+12 H
Np+01 n 中,由电荷数守恒和质量数守恒
238
可得 238+2=238+k,解得 k=2,在核反应方程 93 Np
X+238
94 Pu 中,由电荷数
守恒和质量数守恒可得 93=Z+94,238=A+238,解得 Z=-1,A=0,所以 X 为电子,
故 B 正确,A、C、D 错误。
突破点二
衰变与轨道
原来静止的原子核衰变发出射线,同时生成新核,若它们处在同一个匀强磁
场中,运动轨迹(圆)就会出现内切圆和外切圆的图像。
1.判断内切、外切的理论依据
(1)动量守恒定律:新核与粒子的动量大小相等、方向相反。
(2)带电粒子在磁场中的偏转:带电粒子以某一初速度垂直进入匀强磁场,
238
92
234
90
U
Th+42 He
产生条件
所有原子序数
大于83的元素
及个别小于或
Th
意义
揭开了人
类研究原
应用
利用放射
性元素的
半衰期进
Pa+-1 0 e 等于83的元素 子核结构 行文物年
本章整合—人教版高中物理选择性必修第三册课件
例1 在标准状况下,有体积为V的水和体积为V的水蒸气,已知水的密度为ρ,阿伏加德罗常数为NA,水的摩尔质量为MA,在标准状况下水蒸
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气的摩尔体积为VA,求:
当分子间距离r>r0时,分子势能随分子间距离的增大而增大
二、分子力曲线和分子势能曲线ห้องสมุดไป่ตู้比较和应用
分子力随分子间距离的变化图像与分子势能随分子间距离的变化
图像非常相似,但却有着本质的区别。
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(1)它们中各有多少个水分子?
(2)它们中相邻两个水分子之间的平均距离各为多少?
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(2)气体分子模型:对于气体来说,由于气体分子间的距离远大于气
体分子的直径,故通过立方体模型(不采用球形模型),可以估算得到
每个气体分子平均占有的空间,而无法得到每个气体分子的实际体
积。设每个气体分子占据的空间可看成一个边长为d、体积为V的
正方体。气体分子间距离 l=d= 3 = 3 A ,如图 c 所示。