人教版高中物理选修3-3第十章第3节

高中物理学习材料金戈铁骑整理制作第3节热力学第一定律能量守恒定律1．一个热力学系统的内能增量等于______________________________与_______________的和，这个关系叫做热力学第一定律，公式____________．它们的正负号规定如下：外界对系统做功，W____0；系统对外界做功，W____0.系统从外界吸热，Q____0；系统向外界放热，Q____0.系统内能增加，ΔU____0；系统内能减小，ΔU____0.2．能量既不会____________，也不会____________，它只能从一种形式________为另一种形式，或者从一个物体________到别的物体，在________或________的过程中，能量的总量保持不变．3．任何机器对外界做功都要消耗能量，能量转化和守恒定律的发现使人们进一步认识到：任何一部机器，只能使能量从____________转化为____________形式，而不能无中生有地________能量．因此，第一类永动机是____________制成的，因为它违背了____________．4．关于物体内能的变化，以下说法中正确的是()A．物体吸收热量，内能一定增大B．物体对外做功，内能一定减少C．物体吸收热量，同时对外做功，内能可能不变D．物体放出热量，同时对外做功，内能可能不变5．一物体获得一定初速度后，沿着一粗糙斜面上滑，在上滑过程中，物体和斜面组成的系统()A．机械能守恒B．总能量守恒C．机械能和内能增加D．机械能减少，内能增加6．“第一类永动机”不可能制成，是因为()A．不符合机械能守恒定律B．违背了能量守恒定律C．做功产生的热不符合热功当量D．找不到合适的材料和合理的设计方案【概念规律练】知识点一热力学第一定律1．一定质量的气体在某一过程中，外界对气体做了8×104 J的功，气体的内能减少了1.2×105 J，则下列各式中正确的是()A．W＝8×104 J，ΔU＝1.2×105 J，Q＝4×104 JB．W＝8×104 J，ΔU＝－1.2×105 J，Q＝－2×105 JC．W＝－8×104 J，ΔU＝1.2×105 J，Q＝2×104 JD．W＝－8×104 J，ΔU＝－1.2×105 J，Q＝－4×104 J2．下列关于物体内能的说法正确的是()A．物体吸收热量，内能一定增加B．物体放出热量，内能一定减少C．当做功和热传递同时存在时，物体的内能可能不变D．物体对外做功，内能可能增加知识点二能量守恒定律3．如图1所示，A、B是两个完全相同的铁球，A放在绝热板上，B用绝热绳悬挂，现只让它们吸收热量，当它们升高相同的温度时，它们所吸收的热量分别为Q A、Q B，则()图1A．Q A＝Q B B．Q A<Q BC．Q A>Q B D．无法确定Q A、Q B的大小4．水能不产生污染物，是一种清洁能源，位于美国和加拿大交界处的尼亚加拉瀑布流量可达每秒6 000 m3，而且一年四季流量稳定，瀑布落差50 m，若利用这一资源发电，设其效率为50%，估算发电机的输出功率．(g取10 m/s2)【方法技巧练】热力学第一定律的应用技巧5．一定质量的气体在保持压强恒等于1.0×105 Pa的状况下，体积从20 L膨胀到30 L，这一过程中气体从外界吸热4×103 J，则气体内能的变化为()A．增加了5×103 J B．减少了5×103 JC．增加了3×103 J D．减少了3×103 J6．如图2图2所示，A、B两点表示一定质量的某种理想气体的两个状态，当气体从状态A变化到状态B时()A．体积必然变大B．有可能经过体积减小的过程C．外界必然对气体做正功D．气体必然从外界吸热1．某系统的初状态具有内能1 J，在外界对它做0.5 J的功后，它放出0.2 J的热量，系统在这个过程中内能的增量是()A．0.7 J B．0.3 J C．0.66 J D．－0.34 J2．某气体温度升高了(体积不变)，可能的原因是()A．气体一定吸收了热量B．气体可能放出了热量C．外界对气体可能做了功D．气体可能吸收了热量图33．如图3所示，用绝热活塞把绝热容器隔成容积相同的两部分，先把活塞锁住，将质量和温度都相同的理想气体氢气和氧气分别充入容器的两部分，然后提起销子，使活塞可以无摩擦地滑动，当活塞平衡时()A．氢气的温度不变B．氢气的压强减小C．氢气的体积增大D．氧气的温度升高图44．如图4，一绝热容器被隔板K隔开a、b两部分．已知a内有一定量的稀薄气体，b内为真空．抽开隔板K后，a内气体进入b，最终达到平衡状态．在此过程中()A．气体对外界做功，内能减少B．气体不做功，内能不变C．气体压强变小，温度降低D．气体压强变小，温度不变5．一定质量的理想气体，从某一状态开始，经过一系列变化后又回到开始的状态，用W1表示外界对气体做的功，W2表示气体对外界做的功，Q1表示气体吸收的热量，Q2表示气体放出的热量．则在整个过程中一定有()A．Q1－Q2＝W2－W1B．Q1－Q2＝W1－W2C．W1＝W2D．Q1＝Q2图56．如图5所示是一定质量的理想气体从状态A经B至C的p—1V图线，则在此过程中() A．气体的内能改变B．气体的体积增大C．气体向外界放热D．气体对外界做功图67．如图6所示，a、b、c、d表示一定质量的理想气体状态变化过程中的四个状态，图中ad 平行于横坐标轴，dc平行于纵坐标轴，ab的延长线过原点，以下说法正确的是()A．从状态d到c，气体不吸热也不放热B．从状态c到b，气体放热C．从状态a到d，气体对外做功D．从状态b到a，气体吸热8．自由摆动的秋千摆动幅度越来越小，下列说法中正确的是()A．机械能守恒B．能量正在消失C．只有动能和重力势能的相互转化D．减少的机械能转化为内能，但总能量守恒9．行驶中的汽车制动后滑行一段距离，最后停下；流星在夜空中坠落并发出明亮的火焰；降落伞在空中匀速下降；条形磁铁在下落过程中穿过闭合线圈，线圈中产生电流．上述不同现象所包含的相同物理过程是()A．物体克服阻力做功B．物体的动能转化为其他形式的能量C．物体的势能转化为其他形式的能量D．物体的机械能转化为其他形式的能量图710．如图7所示为冲击摆实验装置，一飞行子弹射入沙箱后与沙箱合为一体，共同摆起一定高度，则下面有关能的转化的说法中正确的是()A．子弹的动能转变成沙箱和子弹的内能B．子弹的动能转变成了沙箱和子弹的热能C．子弹的动能转变成了沙箱和子弹的动能D．子弹的动能一部分转变成沙箱和子弹的内能，另一部分转变成沙箱和子弹的机械能11.图8在图8所示的两端开口的“U”形管中，盛有同种液体，并用阀门K将液体隔成左、右两部分，左边液面比右边液面高．现打开阀门K，从打开阀门到两边液面第一次平齐的过程中，液体向外放热为Q，内能变化量为ΔU，动能变化量为ΔE k；大气对液体做功为W1，重力做功为W2，液体克服阻力做功为W3，由功能关系可得①W1＝0 ②W2－W3＝ΔE k③W2－W3＝Q＝ΔU④W3－Q＝ΔU其中，正确的是()A．①②③B．①②④C．②③D．①③题号1234567891011 答案12.空气压缩机在一次压缩中，活塞对空气做了2×105 J的功，同时空气的内能增加了1.5×105 J，这一过程中空气向外界传递的热量是多少？13．一定量的气体从外界吸收了2.6×105 J的热量，内能增加了4.2×105 J，是气体对外界做了功，还是外界对气体做了功？做了多少功？如果气体吸收的热量仍为2.6×105 J不变，但是内能只增加了1.6×105 J，这一过程做功情况怎样？14．一铁球从高H处由静止落到地面上，回弹速率是落地速率的一半，设撞击所转化的内能全部使铁球温度升高，则铁球的温度升高多少？(设铁的比热容为c，各物理量取国际制单位)第3节热力学第一定律能量守恒定律课前预习练1．外界向它传递的热量外界对它所做的功ΔU＝W＋Q><><><2．凭空产生凭空消失转化转移转化转移3．一种形式另一种创造不可能能量守恒定律4．C[根据热力学第一定律ΔU＝W＋Q，物体内能的变化与外界对物体做功(或物体对外界做功)，物体从外界吸热(或向外界放热)两种因素有关．物体吸收热量，但有可能同时对外做功，故内能有可能不变甚至减小，故A错．同理，物体对外做功的同时有可能吸热，故内能不一定减少，B错．若物体吸收的热量与对外做的功相等，则内能可能不变，C正确．若物体放热同时对外做功，物体内能一定减少，故D错．]5．BD[物体沿斜面上滑的过程中，有摩擦力对物体做负功，所以物体的机械能减少．由能量转化和守恒定律知，内能应增加，能的总量不变．]6．B课堂探究练1．B[因为外界对气体做功，W取正值，即W＝8×104 J；内能减少，ΔU取负值，即ΔU ＝－1.2×105 J；根据热力学第一定律ΔU＝W＋Q，可知Q＝ΔU－W＝－1.2×105 J－8×104 J ＝－2×105 J，即B选项正确．]点评热力学第一定律的表达式为ΔU＝W＋Q，应用时要熟练掌握各物理量的符号法则．2．CD[当物体从外界吸收的热量与对外做的功正好相等时，物体的内能不变，C正确；物体对外做功，如果同时吸收热量，且吸收的热量比对外做的功多时，内能就可能增加．]点评本题易错之处是有些同学把吸热和内能混为一谈．不假思索就认为物体吸热内能增加，物体放热内能减少而错选A、B.而A和B中只谈到一种改变内能的方式，但并不能否认还可能存在着另一种改变内能的方式——做功．3．C [对A 球：吸热后膨胀，重心升高，重力势能增加，则吸收的热量等于增加的重力势能和内能之和．Q A ＝ΔE P A ＋ΔU A ，对B 球：吸热后也膨胀，但重心下降，则吸收的热量和重力势能的减少量等于B 球内能的变化，即Q B ＋ΔE P B ＝ΔU B ，两球的内能的变化量相同，即ΔU A ＝ΔU B ，故Q A >Q B ，选项C 正确．]点评 应用能量守恒定律解决问题时，首先应明确有哪几种能量参与转化或转移，哪些增、哪些减，然后利用守恒观点列出方程求解．4．1.5×109 W解析 水力发电的基本原理是水的机械能转化为电能．每秒钟流下的水的质量为：m ＝ρV ＝1×103×6 000 kg ＝6×106 kg.每秒钟水减少的机械能为：E ＝mgh ＝6×106×10×50 J ＝3×109 J.设发电机的输出功率为P ，则由能量守恒定律可得：Eη＝Pt ，解得P ＝3×109×50% W ＝1.5×109 W.点评 能量守恒定律是普遍适用的定律，在解决有关能量转化问题时，必须想到利用能量守恒定律．5．C [气体等压膨胀过程对外做功W ＝p ΔV ＝1.0×105 Pa×(30－20)×10－3 m 3＝1.0×103J ．这一过程气体从外界吸热Q ＝4×103 J ．由热力学第一定律ΔU ＝W ＋Q ，由于气体对外做功，W 应取负值，则可得ΔU ＝－1.0×103 J ＋4.0×103 J ＝3.0×103 J ，即气体内能增加3×103 J ．]方法总结 若气体等压变化，压强为p ，体积变化为ΔV ，则气体做功W ＝p ·ΔV .6．ABD [本题是气体状态变化、图象与热力学第一定律结合的综合分析题．连接OA 、OB ，得到两条等容线，故有V B >V A ，所以A 正确．由于没有限制从状态A 变化到状态B 的过程，所以可先减小气体的体积再增大气体的体积到B 状态，故B 正确．因为气体体积增大，所以是气体对外做功，C 错误．因为气体对外界做功，而气体的温度又升高，内能增大，由热力学第一定律知气体一定从外界吸热，D 正确．]方法总结 (1)一定质量的理想气体的内能只由温度决定，与体积无关．(2)应注意W ＋Q ＝ΔU 和pV T＝C 及图象的巧妙结合，综合分析． 课后巩固练1．B [因W ＝0.5 J ，Q ＝－0.2 J ，由热力学第一定律ΔU ＝W ＋Q 可知，ΔU ＝0.3 J ．]2．A [体积不变，说明外界对气体做的功W ＝0，由于温度是分子平均动能的标志，温度升高，分子平均动能增大，气体内能增加，由ΔU >0知Q >0，即一定吸热．]3．BCD [理想气体氢气和氧气的质量虽然相同，但由于氢气的摩尔质量小，故氢气物质的量多，又体积和温度相同，pV T＝C ，所以氢气产生的压强大，当拔掉销子后，会推动活塞向氧气一方移动，这时氢气对外做功，又无热传递，由ΔU ＝W ＋Q 可知，氢气内能减少，温度降低，对氧气而言，外界对它做功，体积减小，由热力学第一定律ΔU ＝W ＋Q ，无热传递的情况下，氧气内能增加，温度升高．]4．BD [因b 内为真空，所以抽开隔板后，a 内气体可以“自发”进入b ，气体不做功．又因容器绝热，不与外界发生热量传递，根据热力学第一定律可以判断其内能不变，温度不变．由理想气体状态方程可知：气体体积增大，温度不变，压强必然变小，综上可判断B 、D 项正确．]5．A [气体初、末状态相同，内能相同，由热力学第一定律知ΔW ＋ΔQ ＝0，即W 2－W 1＝Q 1－Q 2，故选项A 正确．]6．C [由图象可知该理想气体发生的是等温变化，故气体的内能不变，ΔU ＝0；但气体的体积在减小，故外界对气体做功，W >0；由热力学第一定律ΔU ＝W ＋Q 知，Q <0，气体向外界放热，故C 正确．]7．BCD [从状态d 到c ，温度不变，理想气体内能不变，但是由于压强减小，所以体积增大，对外做功，要保持内能不变，一定要吸收热量，故答案A 错；气体从状态c 到状态b 是一个降压、降温过程，同时体积减小，外界对气体做功，而气体的内能还要减小(降温)，就一定要伴随放热的过程，故选项B 正确；气体从状态a 到状态d 是一个等压、升温的过程，同时体积增大，所以气体要对外做功，选项C 正确；气体从状态b 到状态a 是个等容变化过程，随压强的增大，气体的温度升高，内能增大，而在这个过程中气体的体积没有变化，就没有做功，气体内能的增大是因为气体吸热的结果，故选项D 正确．]8．D [自由摆动的秋千摆动幅度减小，说明机械能在减少，减少的机械能克服阻力、摩擦力做功，增加了内能．]9．AD [此题考查学生综合分析能力，从若干不同的现象中分析找出相同的规律，这四个现象中物体在运动过程中都受到阻力，汽车主要受制动阻力，流星、降落伞受空气阻力，条形磁铁下落受磁场阻力，因而物体都克服阻力做功，A 对；四个物体运动过程中，汽车是动能转化成了内能，流星、降落伞、条形磁铁是重力势能转化成其他形式的能，总之是机械能转化成了其他形式的能，D 对．]10．D [子弹在射入沙箱瞬间，要克服摩擦阻力做功，有一部分动能转变成沙箱和子弹的内能，一部分动能转变成沙箱和子弹的机械能．]11．B [由动能定理可知W 2－W 3＋W 1＝ΔE k ，其中W 1＝p ·ΔV 左－p ·ΔV 右＝0，可知①、②正确．由热力学第一定律ΔU ＝W ＋Q 得ΔU ＝W 3－Q ，可知④正确，③错误．综合以上分析可知B 正确．]12．5×104 J解析 选择被压缩的空气为研究对象，根据的热力学第一定律有ΔU ＝W ＋Q由题意可知W ＝2×105 J ，ΔU ＝1.5×105 J ，代入上式得Q ＝ΔU －W ＝1.5×105 J －2×105 J ＝－5×104 J.负号表示空气向外释放热量，即空气向外界传递的热量为5×104 J.13．外界对气体做功，做功为1.6×105 J气体对外界做功，做功为1.0×105 J解析 由题意知Q ＝2.6×105 J ，ΔU ＝4.2×105 J ，根据ΔU ＝Q ＋W ，代入可得W ＝1.6×105 J ，W 为正值，外界对气体做功，做功为1.6×105 J.同理由题意可知Q ′＝2.6×105 J ，ΔU ′＝1.6×105 J ，利用热力学第一定律得W ′＝－1.0×105 J ，这说明气体对外界做功(气体体积变大)，做功为1.0×105 J.14.3gH 4c解析 设落到地面时的速率为v ，由v 2＝2gH 得落地时v ＝2gH则铁球在与地面撞击时损失的动能ΔE ＝12m v 2－12m (v 2)2＝38m v 2＝38m ·2gH ＝34mgH 由能量守恒定律得，损失的动能全部转化为铁球的内能则ΔU ＝ΔE ＝34mgH ＝Q 由Q ＝cm Δt 得Δt ＝Q cm ＝34mgH cm ＝3gH 4c即铁球温度升高3gH 4c。