2019届高三物理一轮复习课件 13-3气体实验定律
合集下载
相关主题
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。
(1)管内水银柱与玻璃管的顶端间的压强; (2)将玻璃管缓慢上提多少距离后, 管内水银柱与玻璃管的顶端 间弹力恰好为零?
[解析]
(1)对管内水银柱受力分析知
pS+ρghS=p0S, 故管内水银柱与玻璃管的顶端间的压强 p=25 cmHg. (2)玻璃管缓慢上提的过程,管内气体体积增大,压强减小,管 内水银柱与玻璃管的顶端间弹力减小,当弹力减小为零时,气体压 强 p2=50 cmHg,又 p1=p0=75 cmHg, 由玻意耳定律得 p1V1=p2V2, 解得管内水银柱与玻璃管的顶端间弹力刚好为零时气柱长度 L2=72 cm.
(1)将阀门 K 打开后,A 室的体积变成多大? (2)在(1)的情况下,将容器加热到 500 K,U 形管内两边水银面 的高度差为多少?
[解析]
(1)打开阀门,A 室内气体压强最终会与外界相同,气
体做等温变化. 1 pA1=(76+76) cmHg,体积 VA1= V0 3 pA2=76 cmHg 由玻意耳定律得:pA1VA1=pA2VA2 2 代入数据解得 VA1= V0. 3 (2)从 T0=300 K 升高到 T,体积变为 V0,压强为 pA1,气体做 VA1 V0 等压变化,由盖—吕萨克定律得: = T T0
[答案] (1)3 kg (2)360 K
题型 3
气体实验定律的综合应用
[典例 3] 如图所示,一定质量的理想气体密封在体积为 V0 的 容器中, 室温为 T0=300 K, 有一光滑导热活塞 C(不占体积)将容器 分成 A、B 两室,B 室的体积是 A 室的两倍,A 室容器连接有一 U 形管(U 形管内气体的体积忽略不计),两边水银柱高度差为 76 cm, B 室容器连接有一阀门 K,可与大气相通.(外界大气压强 p0=76 cmHg)
选考部分
[第十三章]
热
学
第 3讲
气体实验定律
[研讨课]
[考纲解读 ] 题.
1.熟练掌握气体实验定律,并能解决较复杂的问
2.理Hale Waihona Puke Baidu理想气体状态方程并能解决相关问题.
突破 1.气体实验定律
气体实验定律的应用
2.理想气体状态方程与气体实验定律的关系 温度不变:p1V1=p2V2玻意耳定律 p p p1V1 p2V2体积不变: 1 = 2 查理定律 T1 T2 = T1 T2 V V 压强不变: 1= 2盖—吕萨克定律 T1 T2 3.两个重要的推论 p1 (1)查理定律的推论:Δp= ΔT. T1 V1 (2)盖—吕萨克定律的推论:ΔV= ΔT. T1
又因为 p2=50 cmHg, 故管内下端水银面上升 Δh=75 cm-50 cm=25 cm, 而空气柱长度增加 ΔL=72 cm-48 cm=24 cm, 故玻璃管上提距离 Δx=Δh+ΔL=49 cm.
[答案] (1)25 cmHg (2)49 cm
题型 2 等压变化——盖—吕萨克定律的应用 [典例 2] (2018· 江西南昌二模)如图所示,两端开口的汽缸水
题型 1 [典例 1]
等温变化——玻意耳定律的应用 (2018· 湖北部分重点中学联考 )一支足够长且粗细均
匀的玻璃管,倒插在深而大的水银槽中,玻璃管封闭的上端有一段 50 cm 长的水银柱,管内下端水银面与槽内水银面相平,其间封有 48 cm 长的空气柱,如图所示,设环境温度保持不变.求:(已知大 气压强 p0=75 cmHg)
(1)重物 C 的质量 M; (2)逐渐降低汽缸中气体的温度, 活塞 A 将向右缓慢移动, 求活 塞 A 刚靠近 D 处而处于平衡状态时缸内气体的温度.
[解析]
(1)两活塞整体处于平衡状态,则有
pS1+p0S2=p0S1+pS2+Mg, 解得 M=3 kg. (2)当活塞 A 靠近 D 处时,活塞整体受力的平衡方程不变,气 体压强不变,则有 S1+S2L S2×2L = , T T′ 解得 T′=360 K.
平固定,A、B 是两个厚度不计的活塞,面积分别为 S1=20 cm2, S2=10 cm2,它们之间用一根细轻杆连接,B 通过水平细绳绕过光 滑的定滑轮与质量为 M 的重物 C 连接,静止时汽缸中的空气压强 p=1.3×105 Pa,温度 T=540 K,汽缸两部分的气柱长均为 L.已知 大气压强 p0=1×105 Pa, 取 g=10 m/s2, 缸内空气可看成理想气体, 不计一切摩擦.求:
[答案]
2 (1) V0 3
(2)8.4 cm
利用气体实验定律及气体状态方程解决问题的基本思路
突破 题型 1 [典例 4]
多过程问题的解题方法
先等容后等压变化 (2018· 河南开封一模)如图所示,一汽缸固定在水平
地面上,通过活塞封闭有一定质量的理想气体,活塞与缸壁间的摩 擦可忽略不计,活塞的横截面积 S=100 cm2.活塞与水平平台上的 物块 A 用水平轻杆连接,在平台上有另一物块 B,A、B 的质量均 为 m=62.5 kg, 物块与平台间的动摩擦因数 μ=0.8.两物块间距为 d =10 cm.开始时活塞距缸底 L1=10 cm,缸内气体压强 p1 等于外界 大气压强 p0=1×105 Pa,温度 t1=27 ℃.现对汽缸内的气体缓慢加 热(取 g=10 m/s2).求:
代入数据解得 T=450 K T1=500 K>450 K,故从 T= 450 K 升高到 T1=500 K,气体 pA1 pA2 做等容变化,由查理定律得: T = T1 10 代入数据解得 pA2= p0 9 1 Δp= p0=8.4 cmHg 9 加热到 500 K 时,U 形管内两边水银面高度差为 8.4 cm.
(1)物块 A 开始移动时,汽缸内的温度; (2)物块 A 和 B 一起开始移动时汽缸内的温度. [问题探究] (1)随温度升高,气体经历哪些过程? (2)物体 A 及 A、B 整体开始移动的临界条件是什么?
[提示] (1)气体先做等容变化,A 移动后做等压变化,和 B 接 触后再做等容变化,A、B 整体移动后做等压变化. (2)当水平台面对 A 及 A、 B 整体的摩擦力达到最大值时开始运 动.