2013全国中学生高中数学竞赛二试模拟训练题(31)

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2013届高三数学二模好题集锦

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2013届高三数学二模好题集锦12、将边长为2的正方形沿对角线AC 折起,以A ,B ,C ,D 为顶点的三棱锥的体积最大值等于 .14、已知函数aax x a x a x x f 2222)1()(22-++--+=的定义域是使得解析式有意义的x 的集合,如果对于定义域内的任意实数x ,函数值均为正,则实数a 的取值范围是 .16、已知函数)2cos()2sin(2ππ-+=x x y 与直线21=y 相交,若在y 轴右侧的交点自左向右依次记为1M ,2M ,3M ( ).A π6 .B π7 .C π12 .D π1317、若22παπ≤≤-,πβ≤≤0,R m ∈,如果有0sin 3=++m αα,0cos )2(3=++-m ββπ,则)cos(βα+值为( ). .A 1- .B 0 .C21.D 1 18、正方体1111D C B A ABCD -的棱上..到异面直线AB ,1CC 的距离相等的点的个数为( ).A 2. .B 3. .C 4. .D 5.12.已知23230123(3)(3)(3)n x x x x a a x a x a x ++++=+-+-+-(3)n n a x ++-()n N *∈且012n n A a a a a =++++,则lim4nnn A →∞=___________.14.已知1()4f x x =-,若存在区间1[,](,)3a b ⊆+∞,使得{}(),[,][,]y y f x x a b ma mb =⊆=,则实数m 的取值范围是___________.23.(本题满分18分) 本题共有3个小题,第1小题满分4分,第2小题满分6分,第3小题满分8分.已知数列{}n a 具有性质:①1a 为整数;②对于任意的正整数n ,当n a 为偶数时,12n n a a +=;当n a 为奇数时,112n n a a +-=. (1)若1a 为偶数,且123,,a a a 成等差数列,求1a 的值;(2)设123m a =+(3m >且m ∈N ),数列{}n a 的前n 项和为n S ,求证:123m n S +≤+; (3)若1a 为正整数,求证:当211log n a >+(n ∈N )时,都有0n a =.【解析】⑴设12a k =,2a k =,则:322k a k +=,30a =分两种情况: k 是奇数,则2311022a k a --===,1k =,1232,1,0a a a === 若k 是偶数,则23022a ka ===,0k =,1230,0,0a a a === ⑵当3m >时,123123423,21,2,2,m m m m a a a a ---=+=+==45122,,2,1,0m m m m n a a a a a ++-======∴1124223n m m m S S +≤=++++=+⑶∵211log n a >+,∴211log n a ->,∴112n a ->由定义可知:1,212,2nnn n n na a a a a a +⎧⎪⎪=≤⎨-⎪⎪⎩是偶数是奇数∴112n n a a +≤ ∴1211112112n n n n n n a a a a a a a a a ----=⋅⋅⋅≤⋅∴111212n n n a --<⋅= ∵n a N ∈,∴0n a =,综上可知:当211log n a >+()n N ∈时,都有0n a =12.各项为正数的无穷等比数列{}n a 的前n 项和为n S ,若1lim 1=+∞→n nn S S , 则其公比q 的取值范围是 .13.已知两个不相等的平面向量,β(0≠)满足|β|=2,且与β-的夹角为120°,则||的最大值是 .14.给出30行30列的数表A :⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎭⎫⎝⎛1074216183150117216342720131832721159150201510511713951,其特点是每行每列都构成等差数列,记数表主对角线上的数10743421101,,,,,按顺序构成数列{}n b ,存在正整数)1(t s t s <<、使t s b b b ,,1成等差数列,试写出一组),(t s 的值 .12. 公差为d ,各项均为正整数的等差数列{}n a 中,若11,73n a a ==,则n d +的最小值等于 .13. 已知ABC ∆的外接圆的圆心为O ,6,7,8,AC BC AB ===则AO BC ⋅=uuu r uu u r.14.设()f x 是定义在R 上的函数,若81)0(=f ,且对任意的x ∈R ,满足 (2)()3,(4)()103x x f x f x f x f x +-≤+-≥⨯,则)2014(f = .23.(本题满分18分)本题共有3个小题,第(1)小题满分4分,第(2)小题满分6分,第(3)小题满分8分.如图,过坐标原点O 作倾斜角为60的直线交抛物线2:y x Γ=于1P 点,过1P 点作倾斜角为120的直线交x 轴于1Q 点,交Γ于2P 点;过2P 点作倾斜角为60的直线交x 轴于2Q 点,交Γ于3P 点;过3P 点作倾斜角为120的直线,交x 轴于3Q 点,交Γ于4P 点;如此下去…….又设线段112231n n OQ QQ Q Q Q Q -,,,,,L L 的长分别为123,,,,,n a a a a L L,11122OPQ Q PQ ∆∆,,2331n n n Q PQ Q PQ -∆∆,,,L L 的面积分别为123,,,,,,n G G G G L L 数列{}n a 的前n 项的和为n S .(1)求12,a a ; (2)求n a ,limnn nG S →∞;(3)设(01)n an b a a a =>≠且,数列{}n b 的前n 项和为n T ,对于正整数,,,p q r s ,若p q r s <<<,且p s q +=+试比较p s T T ⋅与q r T T ⋅的大小.11.方程0cos =x x 在区间[]6,3-上解的个数为 .12.某人从标有1、2、3、4的四张卡片中任意抽取两张.约定如下:如果出现两个偶数或两个奇数,就将两数相加的和记为ξ;如果出现一奇一偶,则将它们的差的绝对值记为ξ,则随机变量ξ的数学期望为 .13.如果M 是函数)(x f y =图像上的点,N 是函数)(x g y =图像上的点,且N M ,两点之间的距离MN 能取到最小值d ,那么将d 称为函数)(x f y =与)(x g y =之间的距离.按这个定义,函数x x f =)(和34)(2-+-=x x x g 之间的距离是 .14.数列}{n a 满足1241+-=+n n n a a a (*∈N n ).①存在1a 可以生成的数列}{n a 是常数数列; ②“数列}{n a 中存在某一项6549=k a ”是“数列}{n a 为有穷数列”的充要条件; ③若{}n a 为单调递增数列,则1a 的取值范围是)2,1()1,( --∞;④只要k k k k a 232311--≠+,其中*∈N k ,则n n a ∞→lim 一定存在; 其中正确命题的序号为 .17.已知以4为周期的函数(](]⎪⎩⎪⎨⎧∈--∈-=3,1,2cos 1,1,1)(2x xx x m x f π,其中0>m 。

2013全国中学生高中数学竞赛二试模拟训练题(2)

2013全国中学生高中数学竞赛二试模拟训练题(2)

加试模拟训练题(2)1、 设(1,2,3,4)i x i =为正实数,满足11212312341,5,14,30,x x x x x x x x x x ≤+≤++≤+++≤ 求1234111234U x x x x =+++的最大值.2、设 ,,,,21a a a k为两两各不相同的正整数,求证: 对任何正整数n,均有∑∑==≥nk n K k k k a 11213、 一个俱乐部中有3n +1个人,每两个人可以玩网球、象棋或乒乓球,如果每个人都有n 个人与他打网球,n 个人与他下棋,n 个人与他打乒乓球,证明俱乐部中有3个人,他们之间玩的游戏是三种俱全.4.证明:若正整数b a ,满足b b a a +=+2232,则b a -和122++b a 都是完全平方数。

加试模拟训练题(2)1、 设(1,2,3,4)i x i =为正实数,满足11212312341,5,14,30,x x x x x x x x x x ≤+≤++≤+++≤ 求1234111234U x x x x =+++的最大值. 解:令112123123412341,5,14,30,y x y x x y x x x y x x x x =-⎧⎪=+-⎪⎨=++-⎪⎪=+++-⎩ 则 0(1,2,3,4)i y i ≤=,112123234341,4,9,16,x y x y y x y y x y y =+⎧⎪=-++⎪⎨=-++⎪⎪=-++⎩ 于是 ()()()()112223411114916234U y y y y y y y =++-+++-+++-++ 123411*********10.y y y y =++++≤ 当 1121231234123410,50,140,300,y x y x x y x x x y x x x x =-=⎧⎪=+-=⎪⎨=++-=⎪⎪=+++-=⎩即12341,4,9,16x x x x ====时,max 10.U = 2、设 ,,,,21a a a k为两两各不相同的正整数,求证: 对任何正整数n,均有∑∑==≥nk n K k k k a 1121 证明: 设a a ab b b n n ,,,,,,2121 是的从小到大的有序排列,即 b b b n ≤≤21,因为b i是互不相同的正整数.则n b b b n ≥≥≥,,2,121又因为n 222111132>>>>所以由排序不等式得:n a a a n 22212+++ (乱序) n bb b n22212+++≥ (倒序) n 1211+++≥即 ∑∑==≥n k n k k k k a 1121 成立. 3、 一个俱乐部中有3n +1个人,每两个人可以玩网球、象棋或乒乓球,如果每个人都有n 个人与他打网球,n 个人与他下棋,n 个人与他打乒乓球,证明俱乐部中有3个人,他们之间玩的游戏是三种俱全.【证】 将人看作平面上的点,得到一个有3n +1个点的图(假定任意三点都不在一直线上),当两个人玩网球或象棋或乒乓球时,我们就在相应的两点之间连一条红线或黄线或蓝线,需要证明的是,一定存在一个三条边的颜色互不相同的三角形.自一点引出的3n 条线段中,如果某两条线段的颜色不同,就称它们构成一个“异色角”.考虑异色角的个数.由于自每一点引出n 条红线,角形中有3个异色角.这个三角形的三条边颜色互不相同,即相应的三个人之间玩的游戏是三种俱全.4.证明:若正整数b a ,满足b b a a +=+2232,则b a -和122++b a 都是完全平方数。

2013年高三理科数学二模试题(惠州有答案)

2013年高三理科数学二模试题(惠州有答案)

2013年高三理科数学二模试题(惠州有答案)骞夸笢鐪佹儬宸炲競2013悊绉戯級2013.4 85鍒嗭紝婊″垎40€椤规槸绗﹀悎棰樼洰瑕佹眰鐨勶紟1鐨勫畾涔夊煙涓洪泦鍚圡锛岄泦鍚圢锛?锛屽垯锛?锛夛紟A锛?B锛嶯C锛?D锛嶮2銆佸凡鐭ユき鍦鍊嶏紝鍒欐き鍦嗙殑绂诲績鐜囩瓑浜庯紙锛夛紟A锛?B锛?C锛?D锛?3猴級锛岄偅涔堣緭鍑虹殑锛?锛夛紟锛★紟2450 2500 锛o紟2550 锛わ紟2652 4銆佽嫢鏇茬嚎鐨勪竴鏉″垏绾?涓庣洿绾?鍨傜洿锛屽垯鍒囩嚎鐨勬柟绋嬩负锛?锛夛紟A銆?銆€B銆?C銆?D銆?5銆佹柟绋?鏈夊疄鏍圭殑姒傜巼涓猴紙锛夛紟A銆?B銆?C銆?D銆?6銆佸凡鐭?锛夛紟A銆佽嫢鈭?锛屽垯銆€B 銆佽嫢鈭?锛屽垯鈭?C銆佽嫢锛屽垯鈭?銆€D銆佽嫢锛屽垯7銆佷竴寮犳?鈥濆浘妗堬紝?銆?锛屽壀鍘婚儴鍒嗙殑闈㈢Н涓?锛?鑻?锛屽垯鐨勫浘璞℃槸锛?锛夛紟8銆佸皢鍑芥暟鐨勫浘璞″厛鍚戝乏骞崇Щ锛岀劧鍚庡皢鎵€寰楀浘璞′笂鎵€鏈夌偣鐨勬í鍧愭爣鍙樹负鍘熸潵鐨?鍊嶏紙绾靛潗鏍囦笉鍙橈級锛屽垯鎵?锛夛紟A锛?B锛?C锛?D 锛??10鍒嗭級浜屻€佸~绌洪ч??3锝?5锛屼笁棰樺叏绛旂殑锛屽彧璁$畻鍓嶄袱棰樺緱鍒嗭紟姣忓皬棰?鍒嗭紝婊″垎30鍒嗭紟9銆佸凡鐭ュ悜閲?锛?锛岃嫢锛屽垯瀹炴暟鐨勫€肩瓑浜?锛?10銆佸凡鐭?锛屽垯= 锛?11銆??锛?12銆佸嚱鏁?鐢变笅琛ㄥ畾涔夛細鑻?锛?锛?锛屽垯锛?13銆?鍧愭爣绯讳笌鍙傛暟鏂圭▼閫夊仛棰?鏇茬嚎锛?涓婄殑鐐瑰埌鏇茬嚎锛?锛?14銆?涓嶇瓑寮忛€?宸茬煡瀹炴暟婊¤冻锛屽垯鐨勬渶澶у€间负锛?15銆?鍑犱?濡傚浘锛屽钩琛屽洓杈瑰舰锛岃嫢鐨勯潰?cm , 鍒??cm 锛?涓夈€佽Вч??0鍒嗭紟瑙g瓟椤诲啓鍑烘?16?2?鐨勫墠椤瑰拰涓?, 宸茬煡锛?锛?锛堚厾锛夋眰棣栭」鍜屽叕姣?鐨勫€硷紱锛堚叀锛夎嫢锛屾眰鐨勫€硷紟17?2鍒嗭級璁惧嚱鏁?锛?锛堚厾锛夋眰鍑芥暟鐨勬渶?锛堚叀锛夊綋鏃讹紝鐨勬渶澶у€间负2锛屾眰鐨勫€硷紝骞舵眰鍑??18樻弧鍒?4у皬鐩稿悓鐨?4粦鐞冿紟锛堚厾锛夐噰鍙栨斁鍥炴娊鏍锋柟寮忥紝浠庝腑鎽稿嚭涓や釜鐞冿紝?锛堚叀锛夐噰鍙栦笉鏀惧洖鎶芥牱屾柟宸? 锛?19?4鍒嗭級濡傚浘锛屽凡鐭ュ洓妫遍敟鐨?搴曢潰鏄骞抽潰, 锛?鐐?涓?鐨勪腑鐐癸紟锛堚厾锛夋眰璇侊細骞抽潰锛?锛堚叀锛夋眰浜岄潰瑙?20?4鍒嗭級缁欏畾鍦哖: 鍙婃姏鐗?绾縎: ,杩囧渾蹇?浣滅洿绾?,姝ょ洿绾夸笌涓婅堪涓ゆ洸绾??璁颁负,濡傛灉绾?娈??姹傜洿绾?鐨勬柟绋? 21?4欢鐨勫嚱鏁?鏋勬垚鐨勯泦鍚堬細鈥溾憼鏂圭▼鏈夊疄鏁版牴锛涒憽鍑芥暟鐨?婊¤冻鈥濓紟?礌锛屽苟璇存槑鐞嗙敱锛?鍏锋湁涓嬮潰鐨勬€ц川锛氳嫢鐨勫畾涔夊煙涓篋锛屽垯瀵逛簬浠绘剰[m锛宯] D锛岄兘瀛樺湪[m锛宯]锛屼娇寰楃瓑寮?鎴愮珛鈥濓紝璇曠敤杩欎竴鎬ц川璇佹槑锛氭柟绋?鍙??鐨勫疄鏁版牴锛屾眰璇侊細瀵逛簬瀹氫箟鍩熶腑浠绘剰鐨?锛屽綋锛屼笖鏃讹紝锛?骞夸笢鐪佹儬宸炲競2013冪瓟妗?007.11 涓€銆侀€夋嫨棰橈細棰樺彿1銆佽В鏋愶細锛孨锛?锛?鍗?锛庣瓟妗堬細锛?2銆佽В锛屽張锛??锛?3銆佽В鏋愶細绋嬪簭鐨勮繍琛岀粨鏋滄槸锛庣瓟妗堬細锛?4銆佽В鏋愶細涓庣洿绾?鍨傜洿鐨勫垏绾?鐨勬枩鐜囧繀涓?锛岃€?锛屾墍浠ワ紝鍒囩偣涓?锛庡垏绾夸负锛屽嵆锛岀瓟妗堬細锛?5銆佽В鏋愶細鐢变竴鍏冧簩娆℃柟绋嬫湁瀹炴牴鐨勬潯浠?锛岃€?锛岀敱鍑犱綍姒傜巼寰楁锛庣瓟妗堬細锛?6銆佽В鏋愶細濡傛灉涓ゆ??姝g‘锛?锛屾墍浠?锛?7銆佽В鏋愶?锛岀瓟妗堬細锛?8銆佽В鏋愶細鐨勫浘璞″厛鍚戝乏骞崇Щ锛屾í鍧愭爣鍙樹负鍘熸潵鐨?鍊?锛庣瓟妗堬細锛??棰樺彿9銆佽В鏋愶細鑻?锛屽垯锛岃В寰?锛?10銆佽В?锛?11銆佽В鏋愶細12銆佽В鏋愶細浠?锛屽垯锛屼护锛屽垯锛?浠?锛屽垯锛屼护锛屽垯锛?浠?锛屽垯锛屼护锛屽垯锛?鈥︼紝鎵€浠?锛?13銆佽В鏋愶細锛?锛涘垯鍦嗗績鍧愭爣涓?锛?锛?蹇冨埌鐩寸嚎鐨勮窛绂讳负锛?14銆佽В鏋愶細鐢辨煰瑗夸笉绛夊紡锛岀瓟妗堬細锛?15銆佽В鏋愶細鏄剧劧涓?涓虹浉浼间笁瑙掑舰锛屽張锛屾墍浠??cm 锛?涓夈€佽Вч??0鍒嗭紟瑙g瓟椤诲啓鍑烘?16銆佽В: (鈪? , 鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?2鍒?鈭?锛屸€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?4鍒?瑙e緱锛庘€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?6鍒?(鈪?鐢?,寰楋細, 鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?8鍒?鈭?鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?10鍒?鈭?锛庘€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?12鍒?17銆佽В锛氾紙1锛?鈥?2鍒?鍒?锛?鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?鍒?涓斿綋鏃??鍗?涓?愬紑鍖洪棿涓嶆墸鍒嗭級锛庘€︹€︹€?鍒?锛?锛夊綋鏃?锛屽綋锛屽嵆鏃?锛?鎵€浠?锛?鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?鍒?涓?酱锛?鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€?2鍒?18銆佽В锛?锛堚厾锛夎В娉曚竴锛氣€滄湁鏀惧洖鎽镐袱娆★紝棰滆壊涓嶅悓鈥濇寚鈥滃厛鐧藉啀榛戔€濇垨鈥滃厛榛戝啀鐧解€濓紝蹭笉鍚屸€濅负浜嬩欢锛屸€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?鍒?鈭碘€绉嶅彲鑳斤紝鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?鍒?鈭?锛?鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?鍒?瑙f硶浜岋細鈥滄湁鏀惧洖鎽稿彇?鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?鍒?锛庘€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?鍒?鈭粹€滄湁鏀惧洖鎽镐袱娆★紝棰滆壊涓嶅悓鈥濈殑姒傜巼涓?锛?鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?鍒?锛屼緷棰樻剰寰楋細锛?锛?锛庘€︹€︹€︹€?0鍒?鈭?锛屸€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?2鍒?锛庘€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?4鍒?19銆?鈪?璇佹槑:杩炵粨锛?涓?浜や簬鐐?锛岃繛缁?.鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?鍒?? 鈭?鏄?鐨勪腑鐐? 鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?鍒?鐐?涓?鐨勪腑鐐? 鈭?. 鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?鍒?骞抽潰骞抽潰, 鈭?骞抽潰. 鈥︹€︹€︹€︹€︹€?6鍒?(鈪?瑙f硶涓€: 骞抽潰, 骞抽潰,鈭?. 锛屸埓. 鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?7鍒?? 鈭?. 锛?鈭?骞抽潰. 鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?鍒?浣?锛屽瀭瓒充负锛岃繛鎺?锛屽垯, 鎵€浠?. 鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?10鍒?,鈭?锛?. 鍦≧t鈻?涓? = 锛屸€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?12鍒?鈭?.鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?13鍒?鈭翠簩闈. 鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?14鍒?瑙f硶浜岋細濡傚浘锛屼互鐐?鐨勫瀭鐩村钩鍒嗙嚎鎵€鍦ㄧ洿绾夸负杞达紝鎵€鍦ㄧ洿绾夸负杞达紝鎵€鍦ㄧ洿绾夸负杞达紝寤?锛屸€︹€︹€︹€︹€?鍒?鍒?锛?, 锛?鈭?锛?鈥︹€︹€︹€︹€?鍒?璁惧钩闈??, 鐢?锛屽緱锛?浠?锛屽垯锛屸埓. 鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€?鍒?骞抽潰, 骞抽潰, 鈭?. 鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?8鍒?锛屸埓. ?鈭?. 锛屸埓骞抽潰.鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?9鍒?鈭??, 锛庘€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?10鍒?鈭?锛?鈭?锛?鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?12鍒?鈭?锛庘€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?13鍒?. 鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?14鍒?20銆佽В:鍦?鐨勬柟绋嬩负,鍒欏叾鐩村緞闀?,鍦嗗績涓?,璁?鐨勬柟绋嬩负,鍗?,浠e叆鎶涚墿绾挎柟绋嬪緱: ,璁?锛?鏈?, 鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?鍒?鍒?. 鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?鍒?鏁?鈥?鍒?, 鈥︹€︹€︹€?7鍒?. 鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?8鍒?? , 鈥︹€︹€︹€︹€?10鍒?鎵€浠?锛屽嵆, 锛屸€︹€︹€︹€︹€?12鍒?鍗筹細鏂圭▼涓?鎴?. 鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€?4鍒?21銆佽В锛?锛?锛夊洜涓?锛?鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?鍒?鎵€浠?锛屾弧瓒虫潯浠?. 鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€?鍒?鍙堝洜涓哄綋鏃讹紝锛屾墍浠ユ柟绋?鏈夊疄鏁版牴锛?鎵€浠ュ嚱鏁?冪礌锛?鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?鍒?锛?锛夊亣璁炬柟绋?瀛樺湪涓や釜瀹炴暟鏍?锛夛紝鍒?锛屸€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?鍒?涓嶅Θ璁?浣垮緱绛夊紡鎴愮珛锛?鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?鍒?鍥犱负锛屾墍浠?锛屼笌宸茬煡鐭涚浘锛?鎵€浠ユ柟绋?︹€︹€︹€︹€︹€?0鍒?锛?锛屽洜涓?鎵€浠?锛屾墍浠?锛?鍙堝洜涓?锛屾墍浠ュ嚱鏁?涓哄噺鍑芥暟锛?鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?1鍒?鎵€浠?锛?鈥︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€︹€?2鍒?鎵€浠?锛屽嵆锛?鈥︹€︹€︹€?3鍒?鎵€浠?锛?鈥?4鍒?。

2013全国数学联赛试题及答案2

2013全国数学联赛试题及答案2

AC sin ADC sin APE , CD sin CAD sin EPF BD BD sin BFD sin PFA AP , 由于 = EF BF sin BDF sin PAF PF
1= SPAE AP PE sin APE BD AC SPFE PF PE sin EPF EF CD
n 1
于任意正整数 n ,都有 S2n 1 bn 2
2
n(u v) 。
2 r 2 (u v )
取 n 2r (u v), r Z 时, S2n 1 2 平方数。 综上所述,结论成立。
r 2 (u v)2 2r

2
(u v )
r (u v) 都是完全






k


因此,我们取的 2k 个整数满足要求。 原题证明:对于任意正整数 2 n 2k ,都存在正整数 2 r k ,使得 2r 1 n 2r ,由引 理存在 2r 个整数它们都不是 n 的倍数,使得任意将它们分为两组都会有一组中有若干个数 之和是 n 的倍数。 再任意添加 2k 2r 个大于 n 的正整数,则得到满足题意的 2k 个整数。



2013 年全国高中数学联赛二试参考解答
1、 AB 是圆 的一条弦, P 是 AB 上一点, E , F 在线段 AB 上,满足 AE EF FB , 射线 PE, PF 分别与 交于 C , D 。求证: EF CD AC BD 。
P w A E F B
证明:由正弦定理
证明:令 bn S2n 1 ,则 b1 S1 a1 u v ,由已知
bn 1

全国中学生数学竞赛二试模拟训练题(31).doc

全国中学生数学竞赛二试模拟训练题(31).doc

加试模拟训练题(31)1、设AABC是等边三角形,P是其内部一点,线段AP、BP、CP依次交三边BC、CA.于儿、5、G 三点.证明:• B X C}• C X A^A X B • B X C • C t A.2.设实数Xl, X2,…,X1997满足条件(0 - (i = b 2,1997)J[2〉*[*叼4■…- 318^.+<*+ ••+召的*X饥并说砌理由.3、在黑板上写下从1到1988的所有自然数.对这些数依次反复施行运算A和B:先是A后是B,接着再是A,然后再是B,如此继续下去.运算A是从每个写在黑板上的数减去同一个自然数(对不同次的运算A, 减数可以不相同).运算B是抹去黑板上写着的两个数,然后写下它们的和数.运算A和B如此顺次施行,直至某次运算B后,黑板上只留下一个数,并且它是非负的,问这个数是多少?加试模拟训练题(31)7,设AABC是等边三角形,P是其内部一点,线段仲、BP、CP依次交三边BC、CA, AB于人、5、C)山塞瓦定理AjC BjA CpB丽 * * QA=1所以AiBi - B1C l- QAi沢AC • BiC• Bp4 • Cp4• CiB• A/• C}A•'A|C B|A CiB 丽 ** QA三点.证明:AtBi • BG • C/i三A/ • BiC • C X A. 【题说】第三十七届(1996年)/MO预选题. 【证】由余弦定理A x Bf=A}C-+B}C--A}C • B}C 三2AiC •B X C~A}C •B X C=AfC •同理,B}C^B X A • C}A, • A}B.=AiB • BfC • C}A2.设实数X1, X"…,X10满足条件(1)-占。

]"(i= li 2, ■■■, 1997)I(2)+ — 3l8n^・+K? +-• +rSw的黑"L并说明理由・【题说】1997年中国数学奥林匹克题1.«]因为( Gl+吟)"Gt-Bj) ,所以在 /罰一定昧冋一引18大刘世大・从丽I ★(Z| * Zj + Kj -1 '(-尙*(i*广耳幽“"-古于是总可假定任两个%勺中至少有一个为用胡.19971*中至多g■—个不是击与_吉,设有rfs念介_卡及一个(-百-<3), M1x 応-持y * 万--318^ x4-y + l = 1997(1)(2)即3x —y+a=—954(1‘)x + y=1996(2‘)相加得4x + a=1042.从而a=1042-4x为整数且a三2(mod 4).因为-W3,所% = 2, z =―-— = 260, y= 1736.知取最大值189548.3、在黑板上写下从1到1988的所有自然数.对这些数依次反复施行运算A和B:先是A后是B,接着再是A,然后再是B,如此继续下去.运算A是从每个写在黑板上的数减去同一个自然数(对不同次的运算A, 减数可以不相同).运算B是抹去黑板上写着的两个数,然后写下它们的和数.运算A和B如此顺次施行,直至某次运算B后,黑板上只留下一个数,并且它是非负的,问这个数是多少?【题说】第十四届(1988年)全俄数学奥林匹克十年级题3.【解】施行运算A和B各一次后,黑板上的数就少了一个.所以运算A和B各施行1987次后,黑板上就留下一个数.设施行第k次运算A时,减数为自然数d k, k=l, 2, 1987.经第k次的运算A后,写在黑板上的数的和少了(1989 —k)d“而经运算B后,这个和数是不变的.所以运算A和B各施行1987次后,黑板上写的数是x= (1 + 2H ------ 1988)-19884-1987(1= -------------- 2d1987= 1988(1 —dj+1987(1 —dj ------------ F(1989—k) (1 — dk) 4 ---- 2 (1 — dQ +1显然(1989-k) (l-d k)<0,并且若对某个k,有cLM2,贝IJ(1989-k) (d k-l) $2故x< (1989-k) (l-d k) +1 <-l与题设矛盾.因此,对一切k=l, 2, •••, 1987, d k=l.所以x = l,即黑板上最后留下的数是1.。

2013年全国高中数学联赛一试二试试题整理详解汇编(一试二试为B卷)(含解答)

2013年全国高中数学联赛一试二试试题整理详解汇编(一试二试为B卷)(含解答)

AB < BC
∠AP B = ∠BP C
7
AB BC
1
B
A
P
∠BP C = ∠CP D
P
BM BC
C2 =
M; = DM CD
C
D
A, B, C, D
3.
x, y, z
x2 + y2 + z2 = 10
u = 6 − x2 + 6 − y2 + 6 − z2
6 − x2 +
6 − y2 +
2
6 − z2
x = 0, y = 0 (P
x– )
a+c = 0
ac x−
2
+ y2 =
ac 2
a+c
a+c
x–
(0, 0), (2ac/(a + c), 0)
b) x–
A, B, C, D (−1, 0), (0, 0), (1, 0), (2, 0)
∠AP B = ∠BP C
P
y–
∠BP C = ∠CP D
1 16
(y1y2
+
8)2
=
0
y1y2 = −8 (−8)2
x1x2 = 16 = 4.
F (1, 0)
−→ −−→ √ x1 − x2 = (x1 + 1) − (x2 + 1) = |F A| − |F B| = 4 3.
4
y2 = 4x
x1, x2
√2 x1 + x2 = (x1 − x2)2 + 4x1x2 = 4 3 + 4 × 4 = 8.
Tn
n=3

2013年全国高中数学联合竞赛加试

2013年全国高中数学联合竞赛加试

2013年全国高中数学联合竞赛加试试题参考答案及评分标准说明:1. 评阅试卷时,请严格按照本评分标准的评分档次给分.2. 如果考生的解答方法和本解答不同,只要思路合理、步骤正确,在评卷时可参考本评分标准适当划分档次评分,10分为一个档次,不要增加其他中间档次.一、(本题满分40分)如图,AB 是圆ω的一条弦,P 为弧AB 内一点,E 、F 为线段AB 上两点,满足AE EF FB ==.连接PE PF 、并延长,与圆ω分别相交于点C D 、.求证:EF CD AC BD ⋅=⋅证明连接AD ,BC ,CF ,DE .由于AE=EF=FB ,从而sin =2sin BC BCE B CP BEAC ACE A CP AE⋅∠==⋅∠点到直线的距离点到直线的距离.○1……………10分同样sin =2sin AD ADF A PD AFBD BDF B PD BF⋅∠==⋅∠点到直线的距离点到直线的距离.○2 另一方面,由于BCE BCP BDP BDF ∠=∠=∠=∠, ACE ACP ADP ADF ∠=∠=∠=∠,故将○1,○,2两式相乘可得4BC ADAC BD⋅=⋅,即4BC AD AC BD ⋅=⋅ ○3 ABCDEFPωωPFEDCBA……………30分由托勒密定理AD BC AC BD AB CD ⋅=⋅+⋅○4故由○3,○4得 3AB CD AC BD ⋅=⋅, 即EF CD AC BD ⋅=⋅.……………40分二、(本题满分40分)给定正整数,u v .数列{}n a 定义如下:1a u v =+,对整数1m ≥,221,.m m m m a a u a a v +=+⎧⎨=+⎩记()121,2,m m S a a a m =+++=L L .证明:数列{}n S 中有无穷多项是完全平方数. 证明 对正整数n ,有()()()11112345212221n n n S a a a a a a a +++---=+++++++L ()()()11222121n n u v a u a v a u a v a u a v --=++++++++++++++L()2122n n u v S -=++,……………10分所以 ()()()()12112212121222222n n n n n n S u v S u v u v S --------=++=++++ ()21221222n n u v S ---=⋅++()()()11122n n n u v u v --==-⋅+++L()12n u v n -=+⋅.……………20分设2k u v q +=⋅,其中k 是非负整数,q 是奇数.取2n q l =⋅,其中l 为满足()1mod 2l k ≡-的任意正整数,此时2221212n k q l S q l -+⋅-=⋅,注意到q 是奇数,故()()()222111110mod 2k q l k l k k k k -+⋅≡-+≡-+-=-≡,所以,21n S -是完全平方数.由于l 有无穷多个,故数列{}n S 中有无穷多项是完全平方数.……………40分三、(本题满分50分)一次考试共有m 道试题,n 个学生参加,其中,2m n ≥为给定的整数.每道题的得分规则是:若该题恰有x 个学生没有答对,则每个答对该题的学生得x 分,未答对的学生得零分.每个学生得总分为其m 道题的得分总和.将所有学生总分从高到低排列为12n p p p ≥≥≥L ,求1n p p +得最大可能值.解 对任意的1,2,,k m =L ,设第k 题没有答对者有k x 人,则第k 题答对者有k n x -人,由得分规则知,这k n x -个人在第k 题均得到k x 分.设n 个学生得得分之和为S ,则有()21111nm m mik k k k i k k k ps x n x n x x ======-=-∑∑∑∑.因为每一个人在第k 道题上至多得k x 分,故11mk k p x =≤∑.……………10分由于21p p ≥≥L ,故有23111n n p p p S p p n n +++-≤=--L .所以 1111211121112111n m m mk k kk k k S p n Sp p p p n n n n x n x x n n ===--+≤=+----⎛⎫≤⋅+⋅- ⎪--⎝⎭∑∑∑ 211121mmk k k k x x n ===-⋅-∑∑. ……………20分由柯西不等式得22111mm k k k k x x m ==⎛⎫≥ ⎪⎝⎭∑∑, 于是()()()()2111211211111mm n k k k k mk k p p x x m n x m n m n m n ===⎛⎫+≤-⋅ ⎪-⎝⎭⎛⎫=-⋅--+- ⎪-⎝⎭∑∑∑()1m n ≤-.……………40分另一方面,若有一个学生全部答对,其他1n -个学生全部答错,则()()11111mn k p p p n m n =+==-=-∑.综上所述,1n p p +的最大值为()1m n -. ……………50分四、(本题满分50分)设,n k 为大于1的整数,2k n <.证明:存在2k 个不被n 整除的整数,若将它们任意分成两组,则总有一组若干个数的和被n 整除. 证明先考虑n 为2的幂的情形.设2,1r n r =≥,则r k <.取3个12r -及23k -个1,显然这些数均不被n 整除.将这2k 个数任意分成两组,则总有一组中含2个12r -,它们的和为2r ,被n 整除.……………10分现在设n 不是2的幂,取2k 个数为22211,1,2,2,,2,1,2,2,,2k k -------L L ,因为n 不是2的幂,故上述2k 个数均不被n 整除. ……………20分若可将这些数分成两组,使得每一组中任意若干个数的和均不能被n 整除.不妨设1在第一组,由于(-1)+1=0,被n 整除,故两个-1必须在第二组;因(-1)+(-1)+2=0,被n 整除,故2在第一组,进而推出-2在第二组.现归纳假设1,2,,2l L 均在第一组,而1,1,2,,2l ----L 均在第二组,这里12l k ≤<-,由于()()()()1112220l l +-+-+-++-+=L ,被n 整除,故12l +在第一组,从而12l +-在第二组.故由数学归纳法可知,221,2,2,,2k -L 在第一组,221,1,2,2,,2k ------L 在第二组.最后,由于()()()()21112220k k ---+-+-++-+=L,被n 整除,故12k -在第一组.因此211,2,2,,2k -L 均在第一组,由正整数的二进制表示可知,每一个不超过21k -的正整数均可表示为211,2,2,,2k -L 中若干个数的和,特别地,因为21k n ≤-,故第一组中有若干个数的和为n ,当然被n 整除,矛盾!因此,将前述2k 个整数任意分成两组,则总有一组中有若干个数之和被n 整除.……………50分。

2013年全国高中数学联赛模拟试题

2013年全国高中数学联赛模拟试题

等 于 . 3 . 设 数列 n 1 , a 2 , …, a , …, 满足 a l —a 2 —1 , a 3

( 本题满分 4 0分 ) 如图。 锐 角 △ ABC 内 接 于
—2 , 且 对 任 何 自 然 数 , 都有 a n a 卅 a + 。 ≠1 , 又
a n + 1 口 2 n H 十 3 : = = a +n + l +a ” + 2 +n + 3 , 则 a 1 +a 2
( ∈ N) .
7 . 在平 面 直角坐 标 系 x O y中 , 抛物 线 Y 。 一2 x的
焦点 为 F, 设 M 是 抛 物线 上 的动 点 , 则
为 .
三、 ( 本题 满分 5 O分 ) 设 S是一 些 互不 相 同的 四 元数 组 ( 口 , a 。 , a 。 , a ) 的 集合 , 其中a 一 0或 1 , i =1 , 2 , 3 , 4 . 已知 S的元 素个 数 不超 过 1 5 , 且满足 : 若( a ,
二、 ( 本题 满分 4 O分 ) 设 P
×5 0 2 , 则 N 除以 2 0 1 2的余 数 是 . 6 . 已知 函数 厂 ( z ) 满 足对 于一切 z∈R都有 - 厂 ( z ) +f( 2 0 1 2一 z)一 2 0 1 3成 立 , 且方 程 2 0 1 2 f( z) 一2 0 1 3 x 有 7个 不 同的实 数 根 , 则 这 7个 实 数 根 的 和
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2013全国中学生高中数学竞赛二试模拟训练题(66)

2013全国中学生高中数学竞赛二试模拟训练题(66)

加试模拟训练题(66)(附详细答案)1.⊙O过△ABC顶点A,C,且与AB,BC交于K,N(K与N不同).△ABC外接圆和△BKN外接圆相交于B和M.求证:∠BMO=90°.2.设D={1,2,…,10},f(x)是D到D上的一一映射,令f n+1(x)=f(f n(x)),n∈N+;f1(x)=f(x).试求D的一个排列x1,x2,…,x10,使ABOKN CMG3. 在一个圆上给了2000个点,从某点开始标上1,按顺时针方向隔一点标上2,再隔二点标上3(如图),继续下去,标出1,2,…,1993.有些点会有不只一个数标记在其上,有的点没有标上任何数.问:被标上1993的那个点被标上的数中最小的是多少?4. 122,,,,k k n n n ≥自然数,且满足112231(21),(21),,(21),(21),k k n n n n k n n n n -----证明121k n n n ====。

加试模拟训练题(66)1.⊙O 过△ABC 顶点A ,C ,且与AB ,BC 交于K ,N (K 与N 不同).△ABC 外接圆和△BKN 外接圆相交于B 和 M .求证:∠BMO =90°. (第26届IMO 第五题)证明:连接OC ,OK ,MC ,MK ,延长BM 到G .易得∠GMC =∠BAC =∠BNK =∠BMK .而∠COK =2·∠BAC =∠GMC + ∠BMK =180°-∠CMK ,∴∠COK +∠CMK =180°⇒C ,O ,K ,M 四点共圆.在这个圆中,由OC =OK ⇒ OC =OK ⇒∠OMC =∠OMK . 但∠GMC =∠BMK ,故∠BMO =90°.2.设D={1,2,…,10},f (x )是D 到D 上的一一映射,令f n+1(x )=f (f n (x )),n ∈N +;f 1(x )=f (x ).试求D 的一个排列x 1,x 2,…,x 10,使【题说】1996年江苏省赛题4.【解】对任一个i (i=1,2,…,10),f 0(i )=i ,f 1(i ),f 2(i ),…,f 10(i )中至少有两个相等,从而由f 是一一映射推出有因为2520=23×32×5×7是1,2,3,…,10的最小公倍数,所以r i 整除2520(i=1,2,…,10).由此得f 2520(i )=i (i=1,2,…,10).且等式成立的充要条件是x 1,x 2,…,x 9,x 10分别是10,9,8,…,2,1,故所求排列是10,9,8,7,6,5,4,3,2,1.3. 在一个圆上给了2000个点,从某点开始标上1,按顺时针方向隔一点标上2,再隔二点标上3(如图),继续下去,标出1,2,…,1993.有些点会有不只一个数标记在其上,有的点没有标上任何数.问:被标上1993的那个点被标上的数中最小的是多少? 【题说】第十一届(1993年)美国数学邀请赛题9.AB O K N CMG标n .所以,两个正整数l 、m 标记同一个点当且仅当从而,如果标1993的点也标k ,则必须是4000的倍数.因为(1993-k)+(1994+k)=3987不被2与5整除,所以1993-k 和1994+k 奇偶不同,且不能同时被5整除.若k <1993,则1994+k <32×125=4000,所以1993-k 和1994+k 中一个是125的倍数,另一个是32的倍数.考虑以下两种情况: (1)125|1993-k ,321|1994+k因为1993=15·125+118,所以125|k -118,k ≥118,在k =118时,125|1993-k 并且32|1994+k .(2)125|1994+k ,32|1993-k ,因为1994=15·125+119,所以k =125r -119,1993-k =32×62-125r ,从而32|r ,k ≥125×32-119>118. 因此,所求的数是118. 4. 122,,,,k k n n n ≥自然数,且满足112231(21),(21),,(21),(21),k k n n n n k n n n n -----证明121k n n n ====。

2013全国中学生高中数学竞赛二试模拟训练题(8)(附答案)

2013全国中学生高中数学竞赛二试模拟训练题(8)(附答案)

加试模拟训练题(8)1、已知圆1234,,,O O O O 按顺时针的顺序内切于圆O ,设圆(),14i j O O i j ≤<≤的外公切线长为ij l ,证明依次以12233414,,,l l l l 为边长,以1324,l l 为对角线构成的凸四边形是圆内接四边形。

2.设ABC ∆三边长为c b a ,,,有不等式∑∑-+≥-,)(31)(22c b acb c b ------① 试证不等式①中的系数31是最优的.3、设M={ 1,2,3,…,2m n} (m,n ∈N *)是连续2m n 个正整数组成的集合,求最小的正整数k ,使得M 的任何k 元子集中都存在m+1个数,a 1,a 2,…a m+1,满足a i |a i+1 (i=1,2,…,m).4.已知*,,,N n m b a ∈,且2,1),(>=a b a ,试问mmnnb a b a ++|的充要条件是m n |吗? 2006年山东省第二届夏令营试题)加试模拟训练题(8)1、已知圆1234,,,O O O O 按顺时针的顺序内切于圆O ,设圆(),14i j O O i j ≤<≤的外公切线长为ij l ,证明依次以12233414,,,l l l l 为边长,以1324,l l 为对角线构成的凸四边形是圆内接四边形。

证明 设圆1234,,,,O O O O O 的半径分别为1234,,,,R r r r r ,圆1234,,,O O O O 与圆O 的切点分别为 ,,,A B C D ,1234,,,OO a OO b OO c OO d ====,1223,O OO O OO αβ∠=∠=,3414,O OO O OO γδ∠=∠=,因为12R a r b r =+=+,所以有()()()22222221212122cos 21cos 4sin 2l O O r r a b ab a b ab ab ααα=--=+---=-=,即122l α=。

【解析版】河北省衡水中学2013届高三二模数学理试题

【解析版】河北省衡水中学2013届高三二模数学理试题

【解析版】河北省衡水中学2013届高三二模数学理试题2013年河北省衡水中学高考数学二模试卷(理科)参考答案与试题解析一、选择题(每小题5分,共60分.下列每小题所给选项只有一项符合题意,请将正确答案的序号填涂在答题卡上) 1.(5分)设,B={x|x >a},若A ⊆B ,则实数a 的取值范围是( )A .B .C .a ≤1 D .a <1考点: 集合关系中的参数取值问题;集合的包含关系判断及应用. 专题:阅读型.分析: 根据题意A 集合中的元素是在区间(,5)内的整数,再利用A ⊆B ,求出a 符合的条件即可. 解答: 解:∵A={x|<x <5,x ∈Z},∴A={1,2,3,4} ∵A ⊆B ,∴a <1 故选DA .B .﹣ C .D .﹣考点:数量积表示两个向量的夹角. 专题:计算题;平面向量及应用. 分析: 将|+|=1两边平方,结合已知条件可算出•=﹣,再用两个向量的夹角公式即可算出向量,夹角的余弦值. 解答: 解:∵|+|=1, ∴(+)2=2+2•+2=1∵||=||=1,得2=2=1∴代入上式得:2•=﹣1,•=﹣ 因此,向量,夹角的余弦为cos θ==﹣故选:B点评: 本题给出向量、满足的条件,求它们夹角的余弦之值,着重考查了平面向量数量积的公式及其运算性质等知识,属于基础题.5.(5分)已知点(2,3)在双曲线C :上,C 的焦距为4,则它的离心率为( )A . 2B .C .D .考点: 双曲线的简单性质. 专题:计算题. 分析: 通过点在双曲线上,以及双曲线的焦距,列出方程组,求出a ,b ,然后求出双曲线的离心率. 解答:解:点(2,3)在双曲线C :上,C 的焦距为4,所以,解得,a=1,b=;又c=2,所以e==2. 故选A .点评: 本题考查双曲线的简单性质的应用,注意椭圆与双曲线中a 、b 、c 的区别,考查计算能力.6.(5分)(2007•重庆)若(x+)n 展开式的二项式系数之和为64,则展开式的常数项为( ) A . 10 B .20 C .30 D .120考点: 二项式系数的性质. 专题:计算题. 分析: 根据二项式的展开式的二项式系数是64,写出二项式系数的表示式,得到次数n 的值,写出通项式,当x 的指数是0时,得到结果. 解答: 解:∵C n °+C n 1+…+C n n =2n =64, ∴n=6. T r+1=C 6r x 6﹣r x ﹣r =C 6r x 6﹣2r ,令6﹣2r=0,∴r=3, 常数项:T 4=C 63=20, 故选B .点评: 本题是一个典型的二项式问题,主要考查二项式的性质,注意二项式系数和项的系数之间的关系,这是容易出错的地方,本题考查展开式的通项式,这是解题的关键.7.(5分)设集合A={0,1,2,3},如果方程x 2﹣mx ﹣n=0(m ,n ∈A )至少有一个根x 0∈A ,就称该方程为合格方程,则合格方程的个数为( ) A . 7 B .8 C .9 D .10考点:根的存在性及根的个数判断. 专题:函数的性质及应用. 分析: 让m 分别取0,1,2,3,求出对应的n 值,则不同的(m ,n )的个数即为所求.解答: 解:若方程为合格方程时,由于m ,n ∈A={0,1,2,3},故对m 的取值进行分类讨论: 当m=0时,方程x 2﹣n=0,由于方程x 2﹣n=0至少有一个根x 0∈A ,故此时n=0,1; 同样地,当m=1时,n=0,2; 当m=2时,n=0,3; 当m=3时,n=0. 故合格方程的个数为7个, 故选A .点评: 本题主要考查函数的零点与方程的根的关系,排列、组合以及简单的计数原理,体现了化归与转化的数学思想,属于中档题.8.(5分)如图,ABCD 是边长为l 的正方形,O 为AD 的中点,抛物线的顶点为O ,且通过点C ,则阴影部分的面积为( )A .B .C .D .考点: 定积分. 专题:计算题. 分析: 以抛物线的顶点为原点,以平行于AB 的直线为x轴建立平面直角坐标系,求出抛物线的方程,则阴影部分的面积等于正方形面积的一半减去抛物线与x=0,x=1,及x 轴所围成的曲边梯形的面积.解解:建立如图所示的坐标系,答:因为正方形ABCD 的边长为1,所以C (1,), 设抛物线方程为y=ax 2(a >0),则,所以,抛物线方程为,图中阴影部分的面积为:==. 故选D .点评: 本题考差了定积分,考查了定积分的简单应用,解答此题的关键是,正确建立平面直角坐标系,求出抛物线的方程,找出被积函数的原函数,从而运用微积分基本定理求解,此题是中档题.9.(5分)(2010•辽宁)设ω>0,函数y=sin (ωx+)+2的图象向右平移个单位后与原图象重合,则ω的最小值是( ) A . B .C .D .3考点:函数y=Asin (ωx+φ)的图象变换. 专题:计算题;待定系数法. 分析: 求出图象平移后的函数表达式,与原函数对应,求出ω的最小值.解答: 解:将y=sin (ωx+)+2的图象向右平移个单位后为=,所以有=2k π,即,又因为ω>0,所以k ≥1,故≥, 故选C点评: 本题考查了三角函数图象的平移变换与三角函数的周期性,考查了同学们对知识灵活掌握的程度.10.(5分)(2010•马鞍山模拟)点P 到点及到直线的距离都相等,如果这样的点恰好只有一个,那么a 的值是( )A .B .C .D .考点: 点到直线的距离公式;抛物线的应用. 专题:压轴题. 分析:到A 和到直线的距离相等,则P 点轨迹是抛物线方程,再注意B 点,用上P 到的距离和点P 到B 的距离相等:再注意这样的点恰好只有一个,因而有△=0,从而可求a 的值. 解答: 解:法一 由题意有点P 在抛物线y 2=2x 上,设P (,y ),则有(+)2=(﹣a )2+(y ﹣2)2,化简得(﹣a )y 2﹣4y+a 2+=0,当a=时,符合题意;当a ≠时,△=0,有a 3﹣++=0,(a+)(a 2﹣a+)=0,a=﹣.故选D .法二 由题意有点P 在抛物线y 2=2x 上,B 在直线y=2上,当a=﹣时,B 为直线y=2与准线的交点,符合题意;当a=时,B 为直线y=2与抛物线通径的交点,也符合题意,故选D . 故选D .点评: 本题主要考查抛物线的概念、性质,以及数形结合的思想.法一代数法,法二是几何法.11.(5分)(2011•大连二模)从点P 出发的三条射线PA ,PB ,PC 两两成60°角,且分别与球O 相切于A ,B ,C 三点,若球的体积为,则OP 两点之间的距离为( )A .B .C .D .2考点: 点、线、面间的距离计算. 专题:计算题. 分析: 连接OP 交平面ABC 于O',由题意可得:O'A==.由AO'⊥PO ,OA ⊥PA 可得,根据球的体积可得半径OA=1,进而求出答案.解答: 解:连接OP 交平面ABC 于O',由题意可得:△ABC 和△PAB 为正三角形, 所以O'A==.因为AO'⊥PO ,OA ⊥PA ,所以,所以.又因为球的体积为, 所以半径OA=1,所以OP=.故选B .点评: 本题考查空间中两点之间的距离,解决此类问题的方法是熟练掌握几何体的结构特征,考查计算能力.12.(5分)(2012•开封一模)已知以T=4为周期的函数,其中m >0,若方程3f(x )=x 恰有5个实数解,则m 的取值范围为( )A . (,)B . (,)C . (,)D .(,)考点:根的存在性及根的个数判断;函数的周期性. 专题:计算题;压轴题. 分析: 根据对函数的解析式进行变形后发现当x ∈(﹣1,1],[3,5],[7,9]上时,f (x )的图象为半个椭圆.根据图象推断要使方程恰有5个实数解,则需直线y=与第二个椭圆相交,而与第三个椭圆不公共点.把直线分别代入椭圆方程,根据△可求得m 的范围.解答:解:∵当x ∈(﹣1,1]时,将函数化为方程x 2+=1(y ≥0),∴实质上为一个半椭圆,其图象如图所示, 同时在坐标系中作出当x ∈(1,3]得图象,再根据周期性作出函数其它部分的图象,由图易知直线 y=与第二个椭圆(x ﹣4)2+=1(y ≥0)相交,而与第三个半椭圆(x ﹣8)2+=1 (y ≥0)无公共点时,方程恰有5个实数解,将 y=代入(x ﹣4)2+=1 (y ≥0)得,(9m 2+1)x 2﹣72m 2x+135m 2=0,令t=9m 2(t >0), 则(t+1)x 2﹣8tx+15t=0,由△=(8t )2﹣4×15t (t+1)>0,得t >15,由9m 2>15,且m >0得 m , 同样由 y=与第三个椭圆(x ﹣8)2+=1 (y ≥0)由△<0可计算得 m <, 综上可知m ∈( ,) 故选B点本题考查的知识点是根的存在性及根的个数判评:断,及函数的周期性,其中根据方程根与函数零点的关系,结合函数解析式进行分析是解答本题的关键.二、填空题(本大题共4个小题,每小题5分,共20分) 13.(5分)已知cos2θ=,则sin 4θ+cos 4θ= .考点: 二倍角的余弦. 专题:计算题. 分析: 把sin 4θ+cos 4θ配方为完全平方式,然后根据同角三角函数间的基本关系及二倍角的正弦函数公式化简后,把cos2θ的值代入即可求出值. 解答: 解:==;故答案为.点评: 本题要求学生灵活运用同角三角函数间的基本关系及二倍角的正弦函数公式化简求值,是一道基础题.14.(5分)在约束条件下,过点(1,1)目标函数z取得最大值10,则目标函数z=x+9y(写出一个适合题意的目标函数即可).简单线性规划.考点:专不等式的解法及应用.题:分画出满足约束条件的可行域,设出目标函数析:的解析式,结合目标函数z在点(1,1)取得最大值10,结合直线斜截式方程的几何意义,可构造出满足条件a,b的关系式,取一组满足条件的a,b的值,即可得到答案.解解:满足约束条件的可行域如下图所示:答:设目标函数为z=ax+by 则y=x+若目标函数z 在点(1,1)取得最大值10, 则令a=1,则b=9满足条件故答案为:x+9y (主观题,满足条件即可) 点评: 本题考查的知识点是简单线性规划,其中根据目标函数z 在点(1,1)取得最大值10,结合直线斜截式方程的几何意义,构造出满足条件a ,b 的关系式,是解答的关键.15.(5分)四棱锥P ﹣ABCD 的三视图如图所示,四棱锥P ﹣ABCD 的五个顶点都在一个球面上,E 、F 分别是棱AB 、CD 的中点,直线EF 被球面所截得的线段长为,则该球表面积为 12π .考点: 球内接多面体;由三视图还原实物图;球的体积和表面积. 专题:计算题;压轴题. 分析: 将三视图还原为直观图,得四棱锥P ﹣ABCD 的五个顶点位于同一个正方体的顶点处,且与该正方体内接于同一个球.由此结合题意,可得正文体的棱长为2,算出外接球半径R ,再结合球的表面积公式,即可得到该球表面积.解答: 解:将三视图还原为直观图如右图,可得四棱锥P﹣ABCD 的五个顶点位于同一个正方体的顶点处,且与该正方体内接于同一个球.且该正方体的棱长为a设外接球的球心为O ,则O 也是正方体的中心,设EF 中点为G ,连接OG ,OA ,AG 根据题意,直线EF 被球面所截得的线段长为,即正方体面对角线长也是可得AG==a ,所以正方体棱长a=2 ∴Rt △OGA 中,OG=a=1,AO= 即外接球半径R=,得外接球表面积为4πR 2=12π 故答案为:12π点评: 本题将三视图还原为直观图,并且求外接球的表面积,着重考查了正方体的性质、三视图和球内接多面体等知识,属于基础题.16.(5分)已知等差数列a n 的首项a 1及公差d 都是整数,前n 项和为S n ,若a 1>1,a 4>3,S 3≤9,设b n =2n a n ,则b 1+b 2+…+b n 的结果为 4+n •2n+1 .考点:数列的求和. 专题:计算题;压轴题.分析: 由已知可得a 1+3d >3,3a 2≤9⇒d >,a 1+d ≤3⇒a 1≤3﹣d <3﹣==2结合等差数首项a 1及公差d 都是整数可得a 1=2 则<d ≤1⇒d=1,从而可得a n =2+1×(n ﹣1)=n+1,b n =2n a n =2n (n+1),利用乘公比错位相减的方法求和即可解答:解:因为a 1>1,a 4>3,S 3≤9, 所以a 1+3d >3,3a 2≤9⇒d >,a 1+d ≤3⇒a 1≤3﹣d <3﹣==2.∵等差数列{a n }的首项a 1及公差d 都是整数 ∴a 1=2 则<d ≤1⇒d=1. ∴a n =2+1×(n ﹣1)=n+1. ∴b n =2n a n =2n (n+1) 令S n =b 1+b 2+…+b n=2•21+3•22+…+n •2n ﹣1+(n+1)•2n ①∴2S n =2•22+3•23+…+n •2n +(n+1)2n+1② ①﹣②得,﹣S n =2•21+22+…+2n ﹣(n+1)•2n+1==﹣n •2n+1 ∴S n =n •2n+1 故答案为:n •2n+1点等差数列、等比数列的通项公式、和的求解的综评:合一直是数列部分的考查重点之一,而数列的求和中“错位相减”的求和方法又是求和的重点和难点,要注意方法的把握.三.解答题(共6个小题,共70分)17.(10分)(2013•南开区二模)对某校高三年级学生参加社区服务次数进行统计,随机抽取M名学生作为样本,得到这M名学生参加社区服务的次数.根据此数据作出了频数与频率的统计表和频率分布直方图如下:分组频数频率[10,15)10 0.25[15,20)24 n[20,25)m p[25,30)20.05合计M 1(Ⅰ)求出表中M,p及图中a的值;(Ⅱ)若该校高三学生有240人,试估计该校高三学生参加社区服务的次数在区间[10,15)内的人数;(Ⅲ)在所取样本中,从参加社区服务的次数不少于20次的学生中任选2人,求至多一人参加社区服务次数在区间[25,30)内的概率.考点: 随机抽样和样本估计总体的实际应用;频率分布直方图.专题:计算题;图表型. 分析: (I )根据频率,频数和样本容量之间的关系即频率等于频数除以样本容量,写出算式,求出式子中的字母的值.(II )根据该校高三学生有240人,分组[10,15)内的频率是0.25,估计该校高三学生参加社区服务的次数在此区间内的人数为60人. (III )这个样本参加社区服务的次数不少于20次的学生共有m+2=6人,设出在区间[20,25)内的人为a 1,a 2,a 3,a 4,在区间[25,30)内的人为b 1,b 2,列举出所有事件和满足条件的事件,得到概率.解答: 解:(Ⅰ)由分组[10,15)内的频数是10,频率是0.25知,,∴M=40.∵频数之和为40,∴10+24+m+2=40,m=4..∵a 是对应分组[15,20)的频率与组距的商, ∴ (Ⅱ)因为该校高三学生有240人,分组[10,15)内的频率是0.25,∴估计该校高三学生参加社区服务的次数在此区间内的人数为60人.(Ⅲ)这个样本参加社区服务的次数不少于20次的学生共有m+2=6人,设在区间[20,25)内的人为a 1,a 2,a 3,a 4,在区间[25,30)内的人为b 1,b 2.则任选2人共有(a 1,a 2),(a 1,a 3),(a 1,a 4),(a 1,b 1),(a 1,b 2),(a 2,a 3),(a 2,a 4),(a 2,b 1),(a 2,b 2),(a 3,a 4),(a 3,b 1),(a 3,b 2),(a 4,b 1),(a 4,b 2),(b 1,b 2)15种情况,而两人都在[25,30)内只能是(b 1,b 2)一种, ∴所求概率为. 点评: 本题考查频率分步直方图,考查用样本估计总体,考查等可能事件的概率,考查频率,频数和样本容量之间的关系,本题是一个基础题.18.(12分)已知α为锐角,且,函数,数列{a n }的首项a 1=1,a n+1=f (a n ). (1)求函数f (x )的表达式; (2)求证:数列{a n +1}为等比数列; (3)求数列{a n }的前n 项和S n .考点:数列与函数的综合. 专题:综合题;转化思想. 分析:(1)由,将代入可求解,由α为锐角,得α=,从而计算得进而求得函数表达式.(2)由a n+1=2a n +1,变形得a n+1+1=2(a n +1),由等比数列的定义可知数列{a n +1}是以2为首项,2为公比的等比数列.(3)由(2)得a n =2n ﹣1,转化为一个等比数列与一个等差数列的和的形式,可计算得.解答:解:(1)∵又∵α为锐角 ∴α=∴∴f (x )=2x+1(2)∵a n+1=2a n +1,∴a n+1+1=2(a n +1) ∵a 1=1∴数列{a n +1}是以2为首项,2为公比的等比数列. (3)由上步可得a n +1=2n ,∴a n =2n ﹣1 ∴点评: 本题主要考查数列与三角函数的综合运用,主要涉及了倍角公式,求函数解析式,证明数列以及前n 项和.19.(12分)如图,在底面为直角梯形的四棱锥P ﹣ABCD 中AD ∥BC ,PD ⊥平面ABCD ,AD=1,,BC=4.(Ⅰ)求证:BD ⊥PC ;(Ⅱ)求直线AB 与平面PDC 所成的角; (Ⅲ)设点E 在棱PC 上,,若DE ∥平面PAB ,求λ的值.考点:用空间向量求直线与平面的夹角;直线与平面平行的判定;直线与平面所成的角.专题:空间角;空间向量及应用.分析:如图,在平面ABCD内过D作直线DF∥AB,交BC于F 分别以DA、DF、DP所在的直线为x、y、z轴建立空间直角坐标系.(1)只要证明,即可得到BD⊥PC;(2)由(1)即可得到平面PDC 的法向量为,求出,求出向量与的夹角,即可得到线面角;(3)先求出平面PAB 的法向量,若DE∥平面PAB,则即可得出λ.解答:解:如图,在平面ABCD内过D作直线DF∥AB,交BC于F,分别以DA、DF、DP所在的直线为x、y、z轴建立空间直角坐标系.(1)证明:设PD=a,得B,P(0,0,a),C则,∵,∴BD⊥PC.(2)由(1)知.由条件知A(1,0,0),B(1,,0),设AB与面PDC所成角大小为θ,则.∵0°<θ<90°,∴θ=60°,即直线AB与平面PDC所成角为60°.(3)由(2)知C(﹣3,,0),记P(0,0,a),则,,,,而,∴,==.设为平面PAB的法向量,则,即,即取z=1,得x=a,进而得,由DE∥平面PAB,得,∴﹣3aλ+a﹣aλ=0,而a≠0∴.点评: 熟练掌握通过建立空间直角坐标系.利用向量垂直与数量积的关系、平面PDC 的法向量为与斜线的夹角得到线面角DE ∥平面PAB ⇔等是解题的关键.20.(12分)已知椭圆(a >b >0)经过点M (1,),且其右焦点与抛物线的焦点F 重合.①求椭圆C 1的方程;②直线l 经过点F 与椭圆C 1相交于A 、B 两点,与抛物线C 2相交于C 、D 两点.求的最大值.考点:直线与圆锥曲线的关系;椭圆的标准方程. 专题:圆锥曲线的定义、性质与方程. 分析:①首先求出抛物线的焦点坐标,则c 可求,结合椭圆的隐含条件及点M (1,)在椭圆上,进一步列式可求椭圆方程;②分直线l 的斜率存在和不存在两种情况分析,当斜率不存在时,可以直接求出A ,B ,C ,D 四点的坐标,则的值可求,当斜率存在时,设出直线方程,和椭圆方程及抛物线方程联立后,运用弦长公式把用直线的斜率表示,然后利用基本不等式求其最值. 解答: 解:如图,①解法1:由抛物线方程为y 2=4x ,得其焦点F (1,0),∵椭圆右焦点与抛物线焦点重合,∴c=1. 故a 2﹣b 2=c 2=1 ① 又椭圆C 1经过点,∴②由①②消去a 2并整理,得,4b 4﹣9b 2﹣9=0,解得:b 2=3,或(舍去), 从而a 2=b 2+1=4. 故椭圆的方程为.解法2:由抛物线方程,得焦点F (1,0), ∴c=1.∴椭圆C 1的左右焦点分别为F 1(﹣1,0),F 2(1,0). ∵椭圆(a >b >0)经过点M (1,),∴=4.∴a=2,则a2=4,b2=a2﹣c2=4﹣1=3.故椭圆的方程为.②当直线l垂直于x轴时,则A(1,),B(1,),C(1,2),D(1,﹣2).∴.当直线l与x轴不垂直,设其斜率为k(k≠0),则直线l的方程为:y=k(x﹣1).联立,得:(3+4k2)x2﹣8k2x+4k2﹣12=0.△=(﹣8k2)2﹣4×(3+4k2)×(﹣12)=64k4+192k2+144>0.∴方程有两个不等的实数根.设A(x1,y1),B (x2,y2).则,.所以,===.由,得,k2x2﹣(2k2+4)x+k2=0.△=[﹣(2k 2+4)]2﹣4k 4=16k 2+16>0,∴方程有两个不等的实数根.设C (x 3,y 3),D (x 4,y 4). ∵k ≠0,∴,由抛物线的定义,得.∴=.综上,当直线l 垂直于x 轴时,取得最大值.点评: 本题考查了椭圆标准方程的求法,考查了直线和圆锥曲线的位置关系,考查了数形结合的解题思想及分类讨论思想,考查了弦长公式,解答此类问题的关键是,常常采用设而不求的方法,即设出直线与圆锥曲线交点的坐标,解答时不求坐标,而是运用根与系数关系求出两个点的横坐标的和与积,然后结合已知条件整体代入求解问题,此题是难题.21.(12分)(2010•海淀区二模)给定椭圆,称圆心在原点O ,半径为的圆是椭圆C 的“准圆”.若椭圆C 的一个焦点为,其短轴上的一个端点到F 的距离为.(I )求椭圆C 的方程和其“准圆”方程.(II )点P 是椭圆C 的“准圆”上的一个动点,过点P 作直线l 1,l 2,使得l 1,l 2与椭圆C 都只有一个交点,且l 1,l 2分别交其“准圆”于点M ,N .①当P 为“准圆”与y 轴正半轴的交点时,求l 1,l 2的方程;②求证:|MN|为定值.考点:直线与圆锥曲线的综合问题. 专题:综合题;压轴题;分类讨论. 分析: (I )由椭圆的方程与准圆的方程关系求得准圆的方程(II )(1)由准圆x 2+y 2=4与y 轴正半轴的交点为P (0,2),设椭圆有一个公共点的直线为y=kx+2,与准圆方程联立,由椭圆与y=kx+2只有一个公共点,求得k .从而得l 1,l 2方程(2)分两种情况①当l 1,l 2中有一条无斜率和②当l 1,l 2都有斜率处理. 解答: 解:(I )因为,所以b=1 所以椭圆的方程为,准圆的方程为x 2+y 2=4.(II )(1)因为准圆x 2+y 2=4与y 轴正半轴的交点为P (0,2),设过点P (0,2),且与椭圆有一个公共点的直线为y=kx+2, 所以,消去y ,得到(1+3k 2)x 2+12kx+9=0,因为椭圆与y=kx+2只有一个公共点, 所以△=144k 2﹣4×9(1+3k 2)=0, 解得k=±1.所以l 1,l 2方程为y=x+2,y=﹣x+2.(2)①当l 1,l 2中有一条无斜率时,不妨设l 1无斜率, 因为l 1与椭圆只有一个公共点,则其方程为或, 当l 1方程为时,此时l 1与准圆交于点,此时经过点(或)且与椭圆只有一个公共点的直线是y=1(或y=﹣1),即l2为y=1(或y=﹣1),显然直线l1,l2垂直;同理可证l 1方程为时,直线l1,l2垂直.②当l1,l2都有斜率时,设点P(x0,y0),其中x02+y02=4,设经过点P(x0,y0)与椭圆只有一个公共点的直线为y=t(x﹣x0)+y0,则,消去y得到x2+3(tx+(y0﹣tx0))2﹣3=0,即(1+3t2)x2+6t(y0﹣tx0)x+3(y0﹣tx0)2﹣3=0,△=[6t(y0﹣tx0)]2﹣4•(1+3t2)[3(y0﹣tx0)2﹣3]=0,经过化简得到:(3﹣x02)t2+2x0y0t+1﹣y02=0,因为x02+y02=4,所以有(3﹣x02)t2+2x0y0t+(x02﹣3)=0,设l1,l2的斜率分别为t1,t2,因为l1,l2与椭圆都只有一个公共点,所以t1,t2满足上述方程(3﹣x02)t2+2x0y0t+(x02﹣3)=0,所以t 1•t 2=﹣1,即l 1,l 2垂直.综合①②知:因为l 1,l 2经过点P (x 0,y 0),又分别交其准圆于点M ,N ,且l 1,l 2垂直, 所以线段MN 为准圆x 2+y 2=4的直径,所以|MN|=4.点评: 本题主要考查直线与曲线的位置关系,通过情境设置,拓展了圆锥曲线的应用范围,同时渗透了其他知识,考查了学生综合运用知识的能力. 22.(12分)设函数.(Ⅰ)当时,求f (x )的最大值;(Ⅱ)令,(0<x ≤3),其图象上任意一点P (x 0,y 0)处切线的斜率k ≤恒成立,求实数a 的取值范围;(Ⅲ)当a=0,b=﹣1,方程2mf (x )=x 2有唯一实数解,求正数m 的值.考点: 利用导数求闭区间上函数的最值;利用导数研究曲线上某点切线方程. 专题:计算题;压轴题.分(I )函数的定义域是(0,+∞),把代入函析:数解析式,求其导数,根据求解目标,这个导数在函数定义域内只有一个等于零的点,判断这唯一的极值点是极大值点即可;(II )即函数F (x )的导数在(0,3]小于或者等于恒成立,分离参数后转化为函数的最值; (III )研究函数是单调性得到函数的极值点,根据函数图象的变化趋势,判断何时方程2mf (x )=x 2有唯一实数解,得到m 所满足的方程,解方程求解m .解答:解:(I )依题意,知f (x )的定义域为(0,+∞),当时,,(2′)令f'(x )=0,解得x=1.(∵x >0)因为g (x )=0有唯一解,所以g (x 2)=0,当0<x <1时,f'(x )>0,此时f (x )单调递增; 当x >1时,f'(x )<0,此时f (x )单调递减. 所以f (x )的极大值为,此即为最大值…(4分) (II ),x ∈(0,3],则有≤,在x 0∈(0,3]上恒成立, 所以a ≥,x 0∈(0,3],当x 0=1时,取得最大值,所以a≥…(8分)(III)因为方程2mf(x)=x2有唯一实数解,所以x2﹣2mlnx﹣2mx=0有唯一实数解,设g(x)=x2﹣2mlnx﹣2mx,则.令g'(x)=0,x2﹣mx﹣m=0.因为m>0,x>0,所以(舍去),,当x∈(0,x2)时,g'(x)<0,g(x)在(0,x2)上单调递减,当x∈(x2,+∞)时,g'(x)>0,g(x)在(x2,+∞)单调递增当x=x2时,g'(x2)=0,g(x)取最小值g(x2).(12′)则既所以2mlnx2+mx2﹣m=0,因为m>0,所以2lnx2+x2﹣1=0(*)设函数h(x)=2lnx+x﹣1,因为当x>0时,h(x)是增函数,所以h(x)=0至多有一解.因为h(1)=0,所以方程(*)的解为x2=1,即,解得.…(12分)点本题考查导数在研究函数性质、研究不等式和方评:程问题中的综合运用,试题的难度不大,但考查点极为全面.本题的难点是第三问中方程解的研究,当函数具有极值点时,在这个极值点左右两侧,函数的单调性是不同的,这样就可以根据极值的大小,结合函数图象的变化趋势确定方程解的个数,如本题中函数在定义域内有唯一的极值点,而且是极小值点,也就是最小值点,如果这个最小值小于零,函数就出现两个零点,方程就有两个不同的实数解,只有当这个最小值等于零时,方程才有一个实数解,而最小值等于零的这个极小值点x满足在此点处的导数等于零,函数值也等于零,即我们的解析中的方程组,由这个方程组求解m使用了构造函数通过函数的性质得到x2的方法也是值得仔细体会的技巧.。

2013全国中学生高中数学竞赛二试模拟训练题(53)

2013全国中学生高中数学竞赛二试模拟训练题(53)

加试模拟训练题(53)(附详细答案)1.在△ABC 的边AB ,BC ,CA 上分别取点P ,Q ,S .证明以△APS ,△BQP ,△CSQ 的外心为顶点的三角形与△ABC 相似.2.设a 、b 、c 、d 是满足ab+bc+cd+da=1的非负数.试证:A B CQ K P O O O ....S1233. 在大小为n ×n 的正方形表格中写上实数,并且任意一行与任意一列中各数之和等于0.对这个表格施行如下运算:任何一行加到一列上去,并从另一列中减去;列的第i 个元素加上或减去行的第i 个元素.试证:进行若干次这样的运算,可以得到全由0组成的表格.4. 若p ba b a b a p b a b a pp 或者证明为奇素数,1),(,,1),(,1=+++=≠+。

加试模拟训练题(53)1.在△ABC 的边AB ,BC ,CA 上分别取点P ,Q ,S .证明以△APS ,△BQP ,△CSQ 的外心为顶点的三角形与△ABC 相似.(B ·波拉索洛夫《中学数学奥林匹克》)分析:设O 1,O 2,O 3是△APS ,△BQP , △CSQ 的外心,作出六边形 O 1PO 2QO 3S 后再由外 心性质可知 ∠PO 1S =2∠A , ∠QO 2P =2∠B , ∠SO 3Q =2∠C .∴∠PO 1S +∠QO 2P +∠SO 3Q =360°.从而又知∠O 1PO 2+∠O 2QO 3+∠O 3SO 1=360°将△O 2QO 3绕着O 3点旋转到△KSO 3,易判断△KSO 1≌△O 2PO 1,同时可得△O 1O 2O 3≌△O 1KO 3.∴∠O 2O 1O 3=∠KO 1O 3=21∠O 2O 1K=21(∠O 2O 1S +∠SO 1K )=21(∠O 2O 1S +∠PO 1O 2)=21∠PO 1S =∠A ;同理有∠O 1O 2O 3=∠B .故△O 1O 2O 3∽△ABC .2.设a 、b 、c 、d 是满足ab+bc+cd+da=1的非负数.试证:【题说】第三十一届(1990年)IMO 预选题88.本题由泰国提供. 【证】设则由柯西不等式A B CQ K P O O O ....S123熟知所以3. 在大小为n ×n 的正方形表格中写上实数,并且任意一行与任意一列中各数之和等于0.对这个表格施行如下运算:任何一行加到一列上去,并从另一列中减去;列的第i 个元素加上或减去行的第i 个元素.试证:进行若干次这样的运算,可以得到全由0组成的表格. 【题说】第二十二届(1988年)全苏数学奥林匹克九年级题8.【证】以C i j ,k 表示将第i 行加到第j 列上去,并从第k 列减去第i 行. 依次施行下列运算: C 1n,1,C 2n,2,…,C n -1n,n -1得出一个表格,对角线上的所有元素(位于第n 行、第n 列的元素除外)都等于0. 考虑运算序列C i j,i ,C i i,j ,C j i,j ,C i n,i ,C i j,n不难验证,应用这些运算得到的新表格,位于第i 行、第j 列的数等于0,而不在最后一行或最后一列的数都不变.对i =1,2,…,n -1和i =1,2,…,n -1,依次应用上述运算序列,得到一个表格,其中不为0的数只能位于最后一行或最后一列.因为任意一行和任意一列上各数之和都等于0(应用上述运算时,这个性质保持不变),所以最后一行和最后一列上的数也是0.4. 若p ba b a b a p b a b a pp 或者证明为奇素数,1),(,,1),(,1=+++=≠+。

2013年全国数学竞赛试题详细参考答案

2013年全国数学竞赛试题详细参考答案

(第3题)一、选择题(共5小题,每小题6分,满分30分. 以下每道小题均给出了代号为A ,B ,C ,D 的四个选项,其中有且只有一个选项是正确的. 请将正确选项的代号填入题后的括号里. 不填、多填或错填都得0分)1.已知实数x y ,满足 42424233y y x x -=+=,,则444y x+的值为( ).(A )7 (B )12+ (C )72+ (D )5 【答】(A )解:因为20x >,2y ≥0,由已知条件得21x ==2y ==, 所以444y x +=22233y x ++- 2226y x=-+=7. 另解:由已知得:2222222()()30()30x xy y ⎧-+--=⎪⎨⎪+-=⎩,显然222y x -≠,以222,y x -为根的一元二次方程为230t t +-=,所以 222222()1,()3y y x x-+=--⨯=- 故444y x +=22222222[()]2()(1)2(3)7y y x x-+-⨯-⨯=--⨯-= 2.把一枚六个面编号分别为1,2,3,4,5,6的质地均匀的正方体骰子先后投掷2次,若两个正面朝上的编号分别为m ,n ,则二次函数2y x mx n =++的图象与x 轴有两个不同交点的概率是( ).(A )512 (B )49 (C )1736(D )12【答】(C )解:基本事件总数有6×6=36,即可以得到36个二次函数. 由题意知∆=24m n ->0,即2m >4n .通过枚举知,满足条件的m n ,有17对. 故1736P =. 3.有两个同心圆,大圆周上有4个不同的点,小圆周上有2个不同的点,则这6个点可以确定的不同直线最少有( ).(A )6条 (B ) 8条 (C )10条 (D )E12条【答】(B )解:如图,大圆周上有4个不同的点A ,B ,C ,D ,两两连线可以确定6条不同的直线;小圆周上的两个点E ,F 中,至少有一个不是四边形ABCD 的对角线AC 与BD 的交点,则它与A ,B ,C ,D 的连线中,至少有两条不同于A ,B ,C ,D 的两两连线.从而这6个点可以确定的直线不少于8条.当这6个点如图所示放置时,恰好可以确定8条直线. 所以,满足条件的6个点可以确定的直线最少有8条.4.已知AB 是半径为1的圆O 的一条弦,且1AB a =<.以AB 为一边在圆O 内作正△ABC ,点D 为圆O 上不同于点A 的一点,且DB AB a ==,DC 的延长线交圆O 于点E ,则AE 的长为( ). (A(B )1 (C (D )a 【答】(B )解:如图,连接OE ,OA ,OB . 设D α∠=,则 120ECA EAC α∠=︒-=∠.又因为()1160180222ABO ABD α∠=∠=︒+︒-120α=︒-,所以ACE △≌ABO △,于是1AE OA ==. 另解:如图,作直径EF ,连结AF ,以点B 为圆心,AB 作⊙B ,因为AB =BC =BD ,则点A ,C ,D 都在⊙B 上,由11603022F EDA CBA ∠=∠=∠=⨯︒=︒所以2301AE EF sim F sim =⨯∠=⨯︒=5.将1,2,3,4,5三个数之和都能被这三个数中的第一个数整除,那么满足要求的排法有( ).(A )2种 (B )3种 (C )4种 (D )5种 【答】(D )解:设12345a a a a a ,,,,是1,2,3,4,5的一个满足要求的排列.首先,对于1234a a a a ,,,,不能有连续的两个都是偶数,否则,这两个之后都是偶数,与已知条件矛盾.又如果i a (1≤i ≤3)是偶数,1i a +是奇数,则2i a +是奇数,这说明一个偶数后面一定要(第4题)(第8题)接两个或两个以上的奇数,除非接的这个奇数是最后一个数.所以12345a a a a a ,,,,只能是:偶,奇,奇,偶,奇,有如下5种情形满足条件: 2,1,3,4,5; 2,3,5,4,1; 2,5,1,4,3; 4,3,1,2,5; 4,5,3,2,1. 二、填空题(共5小题,每小题6分,满分30分)6.对于实数u ,v ,定义一种运算“*”为:u v uv v *=+.若关于x 的方程1()4x a x **=-有两个不同的实数根,则满足条件的实数a 的取值范围是 .【答】0a >,或1a <-.解:由1()4x a x **=-,得21(1)(1)04a x a x ++++=,依题意有 210(1)(1)0a a a +≠⎧⎨∆=+-+>⎩,,解得,0a >,或1a <-.7.小王沿街匀速行走,发现每隔6分钟从背后驶过一辆18路公交车,每隔3分钟从迎面驶来一辆18路公交车.假设每辆18路公交车行驶速度相同,而且18路公交车总站每隔固定时间发一辆车,那么发车间隔的时间是 分钟.【答】4.解:设18路公交车的速度是x 米/分,小王行走的速度是y 米/分,同向行驶的相邻两车的间距为s 米.每隔6分钟从背后开过一辆18路公交车,则 s y x =-66. ① 每隔3分钟从迎面驶来一辆18路公交车,则s y x =+33. ② 由①,②可得 x s 4=,所以4=xs. 即18路公交车总站发车间隔的时间是4分钟.8.如图,在△ABC 中,AB =7,AC =11,点M 是BC 的中点, AD 是∠BAC 的平分线,MF ∥AD ,则FC 的长为 . 【答】9.解:如图,设点N 是AC 的中点,连接MN ,则MN ∥AB . 又//MF AD ,所以 FMN BAD DAC MFN ∠=∠=∠=∠,所以 12FN MN AB ==. 因此 1122FC FN NC AB AC =+=+=9.(第8题答案)(第9题答案)另解:如图,过点C 作AD 的平行线交BA 的延长线为E ,延长MF 交 AE 于点N.则E BAD DAC ACE ∠=∠=∠=∠所以11AE AC ==. 又//FN CE ,所以四边形CENF 是等腰梯形, 即11(711)922CF EN BE ===⨯+=9.△ABC 中,AB =7,BC =8,CA =9,过△ABC 的内切圆圆心I 作DE ∥BC ,分别与AB ,AC 相交于点D ,E ,则DE 的长为 .【答】163. 解:如图,设△ABC 的三边长为a ,b ,c ,内切圆I 的半径为r , BC 边上的高为a h ,则11()22a ABC ah S abc r ==++△, 所以a r ah a b c=++. 因为△ADE ∽△ABC ,所以它们对应线段成比例,因此a a h r DEh BC-=, 所以 (1)(1)a a a h r r a DE a a a h h a b c -=⋅=-=-++()a b c a b c+=++, 故 879168793DE ⨯+==++().另解:ABC S rp ∆===(这里2a b cp ++=)所以12r ==2ABC a S h a ===△ 由△ADE ∽△ABC ,得23a a h r DE BC h -===, 即21633DE BC === 10.关于x ,y 的方程22208()x y x y +=-的所有正整数解为 .【答】481603232.x x y y ==⎧⎧⎨⎨==⎩⎩,,,解:因为208是4的倍数,偶数的平方数除以4所得的余数为0,奇数的平方数除以4所得的余数为1,所以x ,y 都是偶数.设2,2x a y b ==,则22104()a b a b +=-,同上可知,a ,b 都是偶数.设2,2a c b d ==,则2252()c d c d +=-,所以,c ,d 都是偶数.设2,2c s d t ==,则2226()s t s t +=-,于是 22(13)(13)s t -++=2213⨯, 其中s ,t 都是偶数.所以222(13)213(13)s t -=⨯-+≤2222131511⨯-<.所以13s -可能为1,3,5,7,9,进而2(13)t +为337,329,313,289,257,故只能是2(13)t +=289,从而13s -=7.于是62044s s t t ==⎧⎧⎨⎨==⎩⎩,,;,因此 481603232.x x y y ==⎧⎧⎨⎨==⎩⎩,,,另解:因为222(104)(104)210421632x y -++=⨯= 则有2(104)21632,y +≤ 又y 正整数,所以 143y ≤≤令22|104|,|104|,21632a x b y a b =-=++= 则 因为任何完全平方数的个位数为:1,4,5,6,9由2221632a b +=知22,a b 的个位数只能是1和1或6和6; 当22,a b 的个位数是1和1时,则,a b 的个位数字可以为1或9但个位数为1和9的数的平方数的十位数字为偶数,与22a b +的十位数字为3矛盾。

山东省2013届高三第二次模拟考试数学(理)试题

山东省2013届高三第二次模拟考试数学(理)试题

山东省莱芜市2013届高三第二次模拟考试数学(理)数 学(理工农医类)2013.04本试卷共4页,分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分.共150分.考试时间120分钟。

第I卷(选择题 共60分)注意事项:1.答第I卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目用铅笔涂写在答题卡上.2.每题选出答案后,用2B铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再改涂其它答案标号。

一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.复数在复平面内对应的点位于A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限2.在中,“”是“”的A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分又不必要条件3.集合,则下列关系正确的是A.=RB.C.D.4.已知双曲线的实轴长为2,焦距为4,则该双曲线的渐近线方程是A. B. C. D.5.已知是两条不同直线,是两个不同平面,给出四个命题:①若,则;②若;③若;④若.A.①②B.②③C.①④D.②④6.设,则二项式展开式中的项的系数为A. B.20 C. D.1607.已知函数(x>),当时,取得最小值.则在直角坐标系中,函数的大致图象为8.有一平行六面体的三视图如图所示,其中俯视图和左视图均为矩形,则这个平行六面体的表面积为A. B.C. D.429.已知<.若<恒成立,则的取值范围是A. B.C. D.10.运行如图所示的程序,若结束时输出的结果不小于3,则t的取值范围为A. B. C. D.11.定义在R上的函数的导函数为,已知是偶函数,<0.若x1<x2,且>2,则的大小关系是A.<B.C.>D.不确定12.某学校要召开学生代表大会,规定根据班级人数每10人给一个代表名额,当班级人数除以10的余数大于6时,再增加一名代表名额.那么各班代表人数y与该班人数x之间的函数关系用取整函数可表示为A. B.C. D.第II卷(非选择题 共90分)注意事项:1.将第II卷答案用0.5mm的黑色签字笔在答题纸的相应位置上.2.答卷前将密封线内的项目填写清楚.、二、填空题:本大题共4小题,每小题4分,共16分.13.如图,在________.14.某市为增强市民的节约粮食意识,面向全市征召义务宣传志愿者.现从符合条件的志愿者中随机抽取100名按年龄分组:第1组,第2组,第3组,第四组,第5组,得到的频率分布直方图如图所示若用分层抽样的方法从第3,4,5组中共抽取了12名志愿者参加10月16日的“世界粮食日”宣传活动,则从第4组中抽取的人数为__________.15.在中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,若,,则角B=__________.16.如图,椭圆(a>b>0)的左、右焦点为F1、F2,上顶点A,离心率为,点P为第一象限内椭圆上的一点,若则直线PF1的斜率为_________.三、解答题:本大题共6小题,共74分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.17.(本小题满分12分)已知函数(I)求的最小正周期和最大值;(II)在给出的坐标系中画出函数上的图象,并说明的图象是由的图象怎样变换得到的.18.(本小题满分12分)甲、乙两人玩猜数字游戏,规则如下:①连续竞猜3次,每次相互独立;②每次竞猜时,先由甲写出一个数字,记为a,再由乙猜甲写的数字,记为b,已知,则本次竞猜成功;③在3次竞猜中,至少有2次竞猜成功,则两人获奖.(I)求甲乙两人玩此游戏获奖的概率;(II)现从6人组成的代表队中选4人参加此游戏,这6人中有且仅有2对双胞胎,记选出的4人中含有双胞胎的对数为X,求X的分布列和期望.19.(本小题满分12分)已知正三棱柱,点D为AC的中点,点E在线段AA1上.(I)当时,求证;(II)是否存在点E,使二面角D—BE—A等于60°?若存在,求AE的长;若不存在,请说明理由.20.(本小题满分12分)某工厂为扩大大生产规模,今年年初新购置了一条高性能的生产线,该生产线在使用过程中的维护费用会逐年增加,第一年的维护费用是4万元,从第二年到第七年,每年的维护费用均比上年增加2万年,从第八年开始,每年的维护费用比上年增加25%.(I)设第n年该生产线的维护费用为,求的表达式;(II)若该生产线前n年每年的平均维护费用大于12万元时,需要更新生产线.求该生产线前n年每年的平均维护费用,并判断第几年年初需要更新该生产线?21.(本小题满分12分)已知定点,B为x轴负半轴上的一个动点,动点M使得,且线段BM的中点在y轴上.(I)求动点M的轨迹C的方程;(II)设EF为曲线C的一条动弦(EF不垂直于x轴),其垂直平分线与x轴交于点T(4,0),当 P=2时,求的最大值.22.(本小题满分14分)已知函数.(I)当的单调区间;(II)若不等式有解,求实数m的取值范围;(III)定义:对于函数在其公共定义域内的任意实数,称的值为两函数在处的差值.证明:当时,函数在其公共定义域内的所有差值都大于2.。

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与题设矛盾.因此,对一切k=1,2,…,1987,dk=1.所以x=1,即黑板上最后留下的数是1.
x+y=1996 (2′)
相加得4x+a=1042.从而a=1042-4x为整数且a≡2(mod 4).因
最大值189548.
3、在黑板上写下从1到1988的所有自然数.对这些数依次反复施行运算A和B:先是A后是B,接着再是A,然后再是B,如此继续下去.运算A是从每个写在黑板上的数减去同一个自然数(对不同次的运算A,减数可以不相同).运算B是抹去黑板上写着的两个数,然后写下它们的和数.运算A和B如此顺次施行,直至某次运算B后,黑板上只留下一个数,并且它是非负的,问这个数是多少?
≥2A1C·B1C-A1C·B1C
=A1C·Байду номын сангаас1C
同理,B1C12≥B1A·C1A,C1A12≥C1B·A1B.
由塞瓦定理得=1
所以A1B1·B1C1·C1A1

=A1B·B1C·C1A·
=A1B·B1C·C1A
2.设实数x1,x2,…,x1997满足条件
【题说】1997年中国数学奥林匹克题1.
即3x-y+a=-954 (1′)
【题说】第十四届(1988年)全俄数学奥林匹克十年级题3.
【解】施行运算A和B各一次后,黑板上的数就少了一个.所以运算A和B各施行1987次后,黑板上就留下一个数.
设施行第k次运算A时,减数为自然数dk,k=1,2,…,1987.经第k次的运算A后,写在黑板上的数的和少了(1989-k)dk;而经运算B后,这个和数是不变的.所以运算A和B各施行1987次后,黑板上写的数是
x=(1+2+…+1988)-1988d1-1987d2-…-2d1987
=1988(1-d1)+1987(1-d2)+…+
(1989-k)(1-dk)+…+2(1-d1987)+1
显然(1989-k)(1-dk)≤0,并且若对某个k,有dk≥2,则
(1989-k)(dk-1)≥2
故x≤(1989-k)(1-dk)+1≤-1
加试模拟训练题(31)
1、设△ABC是等边三角形,P是其内部一点,线段AP、BP、CP依次交三边BC、CA、AB于A1、B1、C1三点.
证明:A1B1·B1C1·C1A1≥A1B·B1C·C1A.
【题说】第三十七届(1996年)IMO预选题.
【证】由余弦定理
A1B12=A1C2+B1C2-A1C·B1C
加试模拟训练题(31)(附详细答案)
1、设△ABC是等边三角形,P是其内部一点,线段AP、BP、CP依次交三边BC、CA、AB于A1、B1、C1三点.证明:A1B1·B1C1·C1A1≥A1B·B1C·C1A.
2.设实数x1,x2,…,x1997满足条件
3、在黑板上写下从1到1988的所有自然数.对这些数依次反复施行运算A和B:先是A后是B,接着再是A,然后再是B,如此继续下去.运算A是从每个写在黑板上的数减去同一个自然数(对不同次的运算A,减数可以不相同).运算B是抹去黑板上写着的两个数,然后写下它们的和数.运算A和B如此顺次施行,直至某次运算B后,黑板上只留下一个数,并且它是非负的,问这个数是多少?
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