固体电子学(6,7,8章习题)f
固体物理答案第六章1

原点,即 Rs 0,6个最近邻
的坐标分别为
y
a,0
, a,0
,
a 2
,
3 2
a
a 2
,
3a 2
,
a 2
,
3a 2
,
o
x
a 2
,
3a 2
a
对于s态电子,各个最近邻
的交迭积分皆相等, 令 Jsn J ,则得 固体物理答案第六
章1
e e e iπ 2 axk iπ 2 axk iπ ax ( k 3 k y)
对比(1)式,即得
v k v k
电子占有某个状态的几率只同该状态的能量有关。 因为
E k E k,电子占有
k
状态和
k状态的几率相同。
而由 v k v k 知道,这两个状态的电子电流互相抵消,
因此,无外场时,晶体中总电流为零。
固体物理答案第六 章1
6.5 应用紧束缚方法于一维单原子链,如只计及最近邻原子间 的相互作用,
此处
E kE m i n 4Jk2 aE m i n h 22 m kb * 2
mb*
h2
8J 2a2
为能带底部电子的有效质量。
固体物理答案第六 章1
显然, mb* 0 ,即能带底部电子的有效质量为正值。
在能带顶附近,k1 k,k0,代入(2)式,并应用泰
2a
勒级数公式展开,得
E kE 0A 2 Jco s2 a k E 0A 2 Jco 2 a s k
(2)
而速度 v 1 dE h dk
代入(2)式,并应用关系式
h
dk dt
Fe
固体物理答案第六
第7章 固体的结构与性质 习题参考答案

第7章 固体的结构与性质 习题参考答案1.解:熔点高低、硬度大小的次序为:TiC> ScN> MgO> NaF。
2.解:(1)熔点由低到高的次序:KBr<KCl<NaCl<MgO。
(2)熔点由低到高的次序:N2<NH3<Si。
3.解: 离子 电子分布式 离子电子构型 Fe3+ 1s22s22p63s23p63d59~17Ag+1s22s22p63s23p63d104s24p64d1018Ca2+ 1s22s22p63s23p68Li+ 1s2 2S2−1s22s22p63s23p68Pb2+[Xe]4f145d106s2 18+2Pb4+[Xe]4f145d1018Bi3+[Xe]4f145d106s218+24.解:B为原子晶体,LiCl为离子晶体,BCl3为分子晶体。
5.解:(1)O2、H2S为分子晶体,KCl为离子晶体,Si为原子晶体,Pt为金属晶体。
(2)AlN为共价键,Al为金属键,HF(s)为氢键和分子间力,K2S为离子键。
6.解:物质晶格结点上的粒子晶格结点上离子间的作用力晶体类型预测熔点(高或低)N2N2分子分子间力分子晶体很低SiC Si原子、C原子共价键原子晶体很高Cu Cu原子、离子金属键金属晶体高冰H2O分子氢键、分子间力氢键型分子晶体低BaCl2Ba2+、Cl−离子键离子晶体较高7.解: 3θmf Al(s)+ F (g)AlF (s)H Δ⎯⎯⎯→\D (F -F) −UA 13+3e 3F(g)3F (g)E−−⎯⎯⎯→ +\m sub H ΔAl(g) Al 3+(g)U =+(F -F)+3+ I − \m sub H Δ\D 1AE \m f H Δ= [326.4+32×156.9+3×(−322)+5139.1−(−1510)]kJ · mol −1= 6245 kJ · mol −18.解:f mH ΔK(s) +12I 2(s)KI(s)sub m H Δ(K) sub m H Δ(I 2)12I 2(g) −U12θ(I-I)D I(g) +e − I −(g)+ 1A E −e −K(g) I 1 K +(g)Δ=(K)+ \m f H \m sub H Δ12\m sub H Δ(I 2)+ 12θ(I-I)D ++ I 1A E 1 −U=[90+ 12×62.4+12×152.549+(−295)+418.9−649] kJ · mol −1=−328 kJ · mol −19.解:(1)极化力:Na +,,Al 3+,Si 4+;变形性:Si 4+,Al 3+,Na +。
固态电子论-第二章习题参考解答

3、晶体中的空位数高低。空位越多,替代的概率越高。
第16题 硅晶体中的层错发生在[111]晶向,发生抽出型堆垛层错和插入型堆垛层错。
在该晶向上,硅原子密排面层的正常堆垛是„ABCABCABC„„。
晶体,正负离子的相对振动,在晶体中形成交替变化的电偶极子,等效为高频率电
磁波。
晶体振动声学波的特点: 是弹性波,振动频率较低,振动频率随波矢变化较大。
第10题 根据教材中给出的一维双原子晶格色散关系,
光学波
o max
2( 1 2 ) m o min
禁带
声学波
2 2 m
A max
3、4称为杂质点缺陷,是由于杂质存在形成的。
线缺陷的定义: 原子排斥偏离理想晶体周期性结构形成的一维缺陷称为线缺陷。 晶体中的线缺陷包括: 1、刃位错;2、螺位错;
第15题 影响晶体中杂质替位概率的主要因素: 1、替位杂质原子的大小与被替代的晶格原子的大小的接近程度。原子大 小越接近,替代的概率越高; 2、替位杂质原子的价电子壳层与被替代的晶格原子的价电子壳层结构相 似程度。电子壳层结构越相似,替代的概率越高。
第4题 提出杂化轨道概念的原因: 金刚石结构的基本结构单元是同种原子构成的正四面体,正四面体中心的原子 贡献1个电子与四个顶角原子各贡献一个电子形成等同的4个共价键。尽管原子具有4 个价电子,但其中的S态价电子和P态价电子是不同的,不能解释金刚石结构的4个共 价键等同这一现象。而泡林提出的杂化轨道概念可以很好解释金刚石结构成键。 杂化轨道概念对硅晶体结构特点的解释: 硅原子的价电子3s电子和3p电子能量相近。形成晶体时,一个3s电子被激发到 3p态,S态、P态波函数杂化,形成4个未配对电子,使得一个硅原子可与周围四个
固体物理第章固体电子论 参考答案

第四章 固体电子论 参考答案1. 导出二维自由电子气的能态密度。
解:二维情形,自由电子的能量是:2πL x x k n =,2πL y y k n =在/k =h 到d k k +区间: 那么:2d ()d Z Sg E E =其中:22()πm g E =h2. 若二维电子气的面密度为n s ,证明它的化学势为:解:由前一题已经求得能态密度:电子气体的化学势μ由下式决定: ()()222E-/E-/001d ()d πe 1e 1B B k T k T L m E N g E L E μμ∞∞==++⎰⎰h 令()/B E k T x μ-≡,并注意到:2s N n L=那么可以求出μ:证毕。
3. He 3是费米子,液体He 3在绝对零度附近的密度为0.081 g /cm 3。
计算它的费米能E F 和费米温度T F 。
解:He 3的数密度:其中m 是单个He 3粒子的质量。
可得:代入数据,可以算得: E F =6.8x 10-16 erg = 4.3x 10-4eV.则:F F E T k ==4.97 K.4.已知银的密度为310.5/g cm ,当温度从绝对零度升到室温(300K )时,银金属中电子的费米能变化多少?解:银的原子量为108,密度为310.5/g cm ,如果1个银原子贡献一个自由电子,1摩尔物质包含有6.022x 1023个原子,则单位体积内银的自由电子数为在T=0K 时,费米能量为代如相关数据得2/3272227302812(6.6310)()3 5.910()29.110()8 3.148.8710() 5.54()F erg s cm E g erg eV -----⎛⎫⨯⋅⨯⨯= ⎪⨯⨯⨯⎝⎭≈⨯≈ 在≠T 0K 时,费米能量所以,当温度从绝对零度升到室温(300K )时, 费米能变化为代如相关数据得可见,温度改变时,费米能量的改变是微不足道的。
5. 已知锂的密度为30.534/g cm ,德拜温度为370K ,试求(1)室温(300K )下电子的摩尔比热;(2)在什么温度下,锂的电子比热等于其晶格比热?解:(1)金属中每个电子在常温下贡献的比热 2'0()2B V B F k T C k E π= (1) 式中0FE 为绝对零度下的费米能: 202/33()28F h n E m π= (2)锂的密度30.534/g cm ,原子量6.94,每立方厘米锂包含的摩尔数为0.534/6.94,1摩尔物质中包含 6.022x 1023个原子,每个锂贡献一个电子,则每立方厘米中的电子数已知将数据代入(2)得在室温(300K )下,0.026B k T eV =,由(1)式可以求得电子的摩尔比热代入相关数据得(2)电子比热只在低温下才是重要的。
(整理)固体物理课后习题与答案

第一章 金属自由电子气体模型习题及答案1. 你是如何理解绝对零度时和常温下电子的平均动能十分相近这一点的?[解答] 自由电子论只考虑电子的动能。
在绝对零度时,金属中的自由(价)电子,分布在费米能级及其以下的能级上,即分布在一个费米球内。
在常温下,费米球内部离费米面远的状态全被电子占据,这些电子从格波获取的能量不足以使其跃迁到费米面附近或以外的空状态上,能够发生能态跃迁的仅是费米面附近的少数电子,而绝大多数电子的能态不会改变。
也就是说,常温下电子的平均动能与绝对零度时的平均动能十分相近。
2. 晶体膨胀时,费米能级如何变化?[解答] 费米能级3/222)3(2πn mE o F= , 其中n 单位体积内的价电子数目。
晶体膨胀时,体积变大,电子数目不变,n 变小,费密能级降低。
3. 为什么温度升高,费米能反而降低?[解答] 当K T 0≠时,有一半量子态被电子所占据的能级即是费米能级。
除了晶体膨胀引起费米能级降低外,温度升高,费米面附近的电子从格波获取的能量就越大,跃迁到费米面以外的电子就越多,原来有一半量子态被电子所占据的能级上的电子就少于一半,有一半量子态被电子所占据的能级必定降低,也就是说,温度生高,费米能反而降低。
4. 为什么价电子的浓度越大,价电子的平均动能就越大?[解答] 由于绝对零度时和常温下电子的平均动能十分相近,我们讨论绝对零度时电子的平均动能与电子的浓度的关系。
价电子的浓度越大,价电子的平均动能就越大,这是金属中的价电子遵从费米—狄拉克统计分布的必然结果。
在绝对零度时,电子不可能都处于最低能级上,而是在费米球中均匀分布。
由式3/120)3(πn k F =可知,价电子的浓度越大费米球的半径就越大,高能量的电子就越多,价电子的平均动能就越大。
这一点从3/2220)3(2πn m E F=和3/222)3(10353πn mE E oF ==式看得更清楚。
电子的平均动能E 正比于费米能o F E ,而费米能又正比于电子浓度32l n。
固体物理期末考试题及答案

固体物理期末考试题及答案一、选择题(每题2分,共20分)1. 晶体中原子排列的周期性结构被称为:A. 晶格B. 晶胞C. 晶面D. 晶向答案:A2. 描述固体中电子行为的基本理论是:A. 经典力学B. 量子力学C. 相对论D. 电磁学答案:B3. 以下哪项不是固体物理中的晶体缺陷:A. 点缺陷B. 线缺陷C. 面缺陷D. 体缺陷答案:D4. 固体物理中,晶格振动的量子称为:A. 声子B. 光子C. 电子D. 空穴答案:A5. 以下哪个不是固体的电子能带结构:A. 价带B. 导带C. 禁带D. 散射带答案:D二、简答题(每题10分,共30分)6. 解释什么是晶格常数,并举例说明。
晶格常数是晶体中最小重复单元的尺寸,通常用来描述晶体的周期性结构。
例如,立方晶系的晶格常数a是指立方体的边长。
7. 简述能带理论的基本概念。
能带理论是量子力学在固体物理中的应用,它描述了固体中电子的能量分布。
在固体中,电子的能量不是连续的,而是分成一系列的能带。
价带是电子能量较低的区域,导带是电子能量较高的区域,而禁带是两带之间的能量区域,电子不能存在。
8. 什么是费米能级,它在固体物理中有什么意义?费米能级是固体中电子的最高占据能级,它与温度有关,但与电子的化学势相等。
在绝对零度时,费米能级位于导带的底部,它决定了固体的导电性质。
三、计算题(每题15分,共30分)9. 假设一个一维单原子链的原子质量为m,相邻原子之间的弹簧常数为k。
求该链的声子频率。
解:一维单原子链的声子频率可以通过下面的公式计算:\[ \omega = 2 \sqrt{\frac{k}{m}} \]10. 给定一个半导体的电子亲和能为Ea,工作温度为T,求该半导体在该温度下的费米-狄拉克分布函数。
解:费米-狄拉克分布函数定义为:\[ f(E) = \frac{1}{e^{\frac{E-E_F}{kT}} + 1} \] 其中,E是电子的能量,E_F是费米能级,k是玻尔兹曼常数,T 是温度。
固体物理习题答案(5-7)章

固体物理习题一、 固体电子论基础1. 已知金属铯的E F =1.55eV ,求每立方厘米的铯晶体中所含的平均电子数。
(提示:常温下F E 与0F E 相差不大,可以令0F F E E ≈)解:因为常温下费米能级E F 与绝对零度时的费米能级E F 0相差不大,可令E F ≈E F 0。
金属中的电子可近似地按自由电子气处理,在E ~E+dE 能量区间内的电子态数(计及自旋)为:()dE CE dE E hm VdZ 212132324==π其中:()2132324E hm VC π=, V 为金属的体积,m 为电子的质量。
由于电子遵循费米分布,于是在能量区间E ~E+dE 中的电子数为: dE E E Cf dZ E f dN )()(==式中)(E f 是费米分布函数。
由于在绝对零度时有:⎪⎩⎪⎨⎧><=)E (E 0)E (E 1)(0F 0FE f因此电子总数为:2332300)2(38)(32)(0F FE mE h VE C dEE C dE E E Cf N Fπ====⎰⎰∞单位体积内的电子数为: 233)2(38F mE hV Nn π==代入有关数据得到: )(108.7 )106.155.1101.92()1063.6(314.38321231228327----⨯≈⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯=cm n2. 证明:在T=0K 时,费米能级0F E 处的能态密度为:0023)(FF EN E N =,式中N为金属中的自由电子数。
证明:在K 空间中,在周期性边界条件下,以K K =为半径的球内,电子的数目为(记及自旋):3342K V n π⋅=因此:dK K V dn 28π⋅= (1) 已知自由电子的能量为:mK h E 222=,代入(1)式得:d E E hm Vd n 21323)2(4π= (2)因此电子按照能量分布的状态密度:21323)2(4)(E hm Vd E d nE N π==(3)当T=0K 时,全部电子处于费米球内。
《固体物理学》房晓勇主编教材-习题参考解答07第七章 能带结构分析

可以看出,由于 k0 得存在,电流的方向和电场方向并不一致。 (2)当 t → ∞ 时有
⎛ =k G JG ⎞ JJ G e=Δ ⎜ − 0 i + k ′ ⎟ G eEz t e=Δ k0 Δ JG ⎝ ⎠ j ( t ) = lim = =e k′ ∗ 2 t →∞ 2 2 2 2 2 2 2 m = Δ ⎛ ⎞ =k e Ez t =Δ Δ ∗ m∗ = 2 ⎜ 2 20 2 + ⎟ ∗ + 2 2 2 m m∗ 2 = ⎠ m e Ez t ⎝ e Ez t G (3)设所求的电流为 j ,在空穴处加一个电子,则能带为满带,满带的电流为零,因而有
eEz t ,因而 = G eE t JG ⎞ ⎛ z − k k′⎟ ⎜ 0i + = ⎝ ⎠
从初始条件可解出 k x ( t ) = k0 , k y ( t ) = 0, k z ( t ) = −
G j=
e=Δ ⎛ e2 Ez2t t m∗ = 2 ⎜ k02 + =2 ⎝ ⎞ Δ 2 ⎟ ∗ +Δ ⎠m
x=
nZn ,依 7.3 题,有 nCu
2nZn + nCu 3π = = 1.36 4 nα
1
第七章 能带结构分析 即
( 2 x + 1) nCu
nα
=
3π = 1.36 4
而 nα = nZn + nCu = (1 + x ) nCu 因此得到
2x +1 3π = x +1 4
得
x=
3π − 4 = 0.563 8 − 3π
⎛ 2 e2 B 2 cos 2 θ e2 B 2 sin 2 θ ⎞ eB sin θ cos ϕ iω = iω ⎜ −ω + + ⎟=0 ml∗ mt∗2 mt∗2 ml∗2 ⎠ ⎝ eB sin θ cos ϕ iω − mt∗
固体电子学试卷及答案(一)

福州大学至诚学院《固体电子学》试卷答案(一)一、单项选择(每题 2 分,共10 分)1.电子在晶体中的共有化运动指的是 C 。
A.电子在晶体中各处出现的几率相同B.电于在晶体原胞中各点出现的几率相同C. 电子在晶体各原胞对应点出现的几率相同D.电子在晶体各原胞对应点有相同位相2.离子晶体可能的最大配位数是 B 。
A.12 B.8 C.6 D.43.根据费米分布函数,电子占据(E F + kT)能级的几率 B 。
A.等于空穴占据(E F + kT)能级的几率 B. 等于空穴占据(E F-kT)能级的几率C.大于电子占据E F的几率D.大于空穴占据E F的几率4.下列说法中错误的是 A 。
A.特鲁德模型,即量子的自由电子气模型,是建立在金属电子气体假设基础上的。
B. 在特鲁德模型中,认为金属电子气体是玻色子,遵循玻尔兹曼统计规律。
C.在索末菲模型中,认为金属电子气体是费米子,遵循费米统计规律。
D. 特鲁德对金属结构的基本描述是金属原子由原子实和价电子两部分构成。
5.对于只含一种杂质的非简并n型半导体,费米能级E F随温度上升而 D 。
A.单调上升 B. 单调下降C.经过一极小值趋近E F D.经过一极大值趋近E F二、填空(每空 2 分,共20 分)1.氯化钠结构复式格子可以看作是由两个面心立方结构子晶格套构而成。
2.电子亲和能一般随着原子半径的减小而增大。
3.由正负离子相间排列的一维离子链的马德隆常数是2ln2 。
4.B原子在Si晶体中形成的是p型半导体,P原子在Si晶体中形成的是n型半导体。
5.原子电负性=0.18(电离能+ 电子亲和能),用它来作为一种元素的原子对外层电子吸引能力的衡量尺度。
6.两种不同金属接触后,费米能级高的金属带正电,对导电有贡献的是费米面附近位置的电子。
7.我们一般采用回旋共振实验来测量有效质量。
三、简答题(每题8分,共24分)1.从能带论的角度解释为什么导体,半导体和绝缘体的导电能力存在差别;半导体与导体,半导体与绝缘体的最大区别在哪里?答:满带和空带不导电,半满带才导电。
固体物理学考试题及答案

固体物理学考试题及答案一、选择题(每题2分,共20分)1. 固体物理学中,描述晶体中原子排列的周期性规律的数学表达式是()。
A. 布洛赫定理B. 薛定谔方程C. 泡利不相容原理D. 费米-狄拉克统计答案:A2. 固体中电子的能带结构是由()决定的。
A. 原子的核外电子B. 晶体的周期性势场C. 原子的核电荷D. 原子的电子云答案:B3. 在固体物理学中,金属导电的原因是()。
A. 金属中存在自由电子B. 金属原子的电子云重叠C. 金属原子的价电子可以自由移动D. 金属原子的电子云完全重叠答案:C4. 半导体材料的导电性介于导体和绝缘体之间,这是因为()。
A. 半导体材料中没有自由电子B. 半导体材料的能带结构中存在带隙C. 半导体材料的原子排列无序D. 半导体材料的电子云完全重叠答案:B5. 固体物理学中,描述固体中电子的波动性的数学表达式是()。
A. 薛定谔方程B. 麦克斯韦方程C. 牛顿第二定律D. 热力学第一定律答案:A6. 固体中声子的概念是由()提出的。
A. 爱因斯坦B. 德拜C. 玻尔D. 费米答案:B7. 固体中电子的费米能级是指()。
A. 电子在固体中的最大能量B. 电子在固体中的最小能量C. 电子在固体中的平均水平能量D. 电子在固体中的动能答案:A8. 固体物理学中,描述固体中电子的分布的统计规律是()。
A. 麦克斯韦-玻尔兹曼统计B. 费米-狄拉克统计C. 玻色-爱因斯坦统计D. 高斯统计答案:B9. 固体中电子的能带理论是由()提出的。
A. 薛定谔B. 泡利C. 费米D. 索末菲答案:D10. 固体中电子的跃迁导致()的发射或吸收。
A. 光子B. 声子C. 电子D. 质子答案:A二、填空题(每题2分,共20分)1. 固体物理学中,晶体的周期性势场是由原子的______产生的。
答案:周期性排列2. 固体中电子的能带结构中,导带和价带之间的能量区域称为______。
答案:带隙3. 金属导电的原因是金属原子的价电子可以______。
第六章金属电子论习题

电导率
q2 m*
n (EF0 )
弛豫时间
( E F0
)
m*
nq 2
平均自由程
v (EF0 )
m*v
nq 2
kF
nq2
0 K到室温之间的费密半径变化很小
9
固体物理
固体物理学
或近自由电子近似情况下
EF
EF0
1
2
12
kBT EF0
2
kF m
1.055
10 34 1.20 9.1110 31
0
10
1.39 106 m / s
固体物理
固体物理学
(4) 费密球面的横截面积
S (kF sin )2 4.52 sin 2m2
是 与 轴之间的夹角
kF
(3n
2
)
1 3
8
固体物理
固体物理学
(5) 在室温以及低温时电子的平均自由程
3
固体物理
固体物理学
N
N(
( E F0
E
)
)
4V
(
2m h2
3N / 2EF0
)3/2 E1/2
N(E)
(
EF EF0
)1/
2
N
(
EF0
)
TF
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固体物理
固态电子论第一章习题解答
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立方密堆积结构就是面心立方晶体结构,其晶格原子是全同的,所以是布拉 菲晶格。而在六方密堆积结构中,B层原子与A层原子成键方向相差180度,不 是全同的。六方密堆积晶格可以看成是由两个简单六方格子套构成复式格子。 立方密堆积结构和六方密堆积结构的配位数都是12。
第9题
晶向:
c
101
i
——中心反演
m ——镜面反映 C1 ——1次旋转对称轴
C1 ——2次旋转对称轴
C3 ——3次旋转对称轴 C4 ——4次旋转对称轴 C6 ——6次旋转对称轴
4
——4次旋转反演轴
第12题
1、倒格子基矢 b1 , b2 , b3的定义,
2 a a a 2 3 2 a3 b1 a1 a2 a3 d 2 a3 a1 2 a3 a1 b2 a1 a1 a2 d 2 a1 a2 2 a1 a2 b3 a1 a1 a2 d
a 2
2 2 2 2a 2 a
a
2a
垂直于(110)晶面的对称轴是 110
3 晶面族(111): 原子面密度 4 2
a 晶面间距 d 3
3a
2a
(111)
垂直于(111)晶面的对称轴是 111
2a
第11题 基本的晶体点对称操作共有8种,包括:
i, m, C1 , C2 , C3 , C4 , C6 , 4
a 3 c a 2
b a 1
a
晶胞和原胞
氯化钠型(Sodium chloride )结构
第4题
② 氯化钛的晶体结构为氯化铯结构。
固体物理课后习题答案
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第六章 自由电子论和电子的输运性质思 考 题1.如何理解电子分布函数)(E f 的物理意义是: 能量为E 的一个量子态被电子所占据的平均几率?[解答]金属中的价电子遵从费密-狄拉克统计分布, 温度为T 时, 分布在能级E 上的电子数目1/)(+=-Tk E E BF e gn ,g 为简并度, 即能级E 包含的量子态数目. 显然, 电子分布函数11)(/)(+=-Tk E E BF e E f是温度T 时, 能级E 的一个量子态上平均分布的电子数. 因为一个量子态最多由一个电子所占据, 所以)(E f 的物理意义又可表述为: 能量为E 的一个量子态被电子所占据的平均几率.2.绝对零度时, 价电子与晶格是否交换能量?[解答]晶格的振动形成格波,价电子与晶格交换能量,实际是价电子与格波交换能量. 格波的能量子称为声子, 价电子与格波交换能量可视为价电子与声子交换能量. 频率为i ω的格波的声子数11/-=Tk i B i e n ω .从上式可以看出, 绝对零度时, 任何频率的格波的声子全都消失. 因此, 绝对零度时, 价电子与晶格不再交换能量.3.你是如何理解绝对零度时和常温下电子的平均动能十分相近这一点的?[解答]自由电子论只考虑电子的动能. 在绝对零度时, 金属中的自由(价)电子, 分布在费密能级及其以下的能级上, 即分布在一个费密球内. 在常温下, 费密球内部离费密面远的状态全被电子占据, 这些电子从格波获取的能量不足以使其跃迁到费密面附近或以外的空状态上, 能够发生能态跃迁的仅是费密面附近的少数电子, 而绝大多数电子的能态不会改变. 也就是说, 常温下电子的平均动能与绝对零度时的平均动能一定十分相近. 4.晶体膨胀时, 费密能级如何变化?[解答] 费密能级3/2220)3(2πn m E F=,其中n 是单位体积内的价电子数目. 晶体膨胀时, 体积变大, 电子数目不变, n 变小, 费密能级降低.5.为什么温度升高, 费密能反而降低?[解答]当0≠T 时, 有一半量子态被电子所占据的能级即是费密能级. 温度升高, 费密面附近的电子从格波获取的能量就越大, 跃迁到费密面以外的电子就越多, 原来有一半量子态被电子所占据的能级上的电子就少于一半, 有一半量子态被电子所占据的能级必定降低. 也就是说, 温度升高, 费密能反而降低.6.为什么价电子的浓度越大, 价电子的平均动能就越大?[解答]由于绝对零度时和常温下电子的平均动能十分相近,我们讨论绝对零度时电子的平均动能与电子浓度的关系.价电子的浓度越大价电子的平均动能就越大, 这是金属中的价电子遵从费密-狄拉克统计分布的必然结果. 在绝对零度时, 电子不可能都处于最低能级上, 而是在费密球中均匀分布. 由(6.4)式3/120)3(πn k F =可知, 价电子的浓度越大费密球的半径就越大,高能量的电子就越多, 价电子的平均动能就越大. 这一点从(6.5)和(6.3)式看得更清楚. 电子的平均动能E 正比与费密能0F E , 而费密能又正比与电子浓度3/2n:()3/222032πn mE F=,()3/2220310353πn mE EF ==.所以价电子的浓度越大, 价电子的平均动能就越大.7.对比热和电导有贡献的仅是费密面附近的电子, 二者有何本质上的联系?[解答]对比热有贡献的电子是其能态可以变化的电子. 能态能够发生变化的电子仅是费密面附近的电子. 因为, 在常温下, 费密球内部离费密面远的状态全被电子占据, 这些电子从格波获取的能量不足以使其跃迁到费密面附近或以外的空状态上, 能够发生能态跃迁的仅是费密面附近的电子, 这些电子吸收声子后能跃迁到费密面附近或以外的空状态上.对电导有贡献的电子, 即是对电流有贡献的电子, 它们是能态能够发生变化的电子. 由(6.79)式)(00ε⋅∂∂+=v τe E f f f可知, 加电场后,电子分布发生了偏移. 正是这偏移)(0ε⋅∂∂v τe E f部分才对电流和电导有贡献. 这偏移部分是能态发生变化的电子产生的. 而能态能够发生变化的电子仅是费密面附近的电子, 这些电子能从外场中获取能量, 跃迁到费密面附近或以外的空状态上. 而费密球内部离费密面远的状态全被电子占拒, 这些电子从外场中获取的能量不足以使其跃迁到费密面附近或以外的空状态上. 对电流和电导有贡献的电子仅是费密面附近电子的结论从(6.83)式xk Sxx ESv e j Fετπ∇=⎰d 4222和立方结构金属的电导率E S v e k S xF ∇=⎰d 4222τπσ看得更清楚. 以上两式的积分仅限于费密面, 说明对电导有贡献的只能是费密面附近的电子.总之, 仅仅是费密面附近的电子对比热和电导有贡献, 二者本质上的联系是: 对比热和电导有贡献的电子是其能态能够发生变化的电子, 只有费密面附近的电子才能从外界获取能量发生能态跃迁.8.在常温下, 两金属接触后, 从一种金属跑到另一种金属的电子, 其能量一定要达到或超过费密能与脱出功之和吗?[解答]电子的能量如果达到或超过费密能与脱出功之和, 该电子将成为脱离金属的热发射电子. 在常温下, 两金属接触后, 从一种金属跑到另一种金属的电子, 其能量通常远低于费密能与脱出功之和. 假设接触前金属1和2的价电子的费密能分别为1F E 和2F E , 且1F E >2F E , 接触平衡后电势分别为1V 和2V . 则两金属接触后, 金属1中能量高于11eV E F -的电子将跑到金属2中. 由于1V 大于0, 所以在常温下, 两金属接触后, 从金属1跑到金属2的电子, 其能量只小于等于金属1的费密能.9.两块同种金属, 温度不同, 接触后, 温度未达到相等前, 是否存在电势差? 为什么?[解答]两块同种金属, 温度分别为1T 和2T , 且1T >2T . 在这种情况下, 温度为1T 的金属高于0F E 的电子数目, 多于温度为2T 的金属高于0F E 的电子数目. 两块金属接触后, 系统的能量要取最小值, 温度为1T 的金属高于0F E 的部分电子将流向温度为2T 的金属. 温度未达到相等前, 这种流动一直持续. 期间, 温度为1T 的金属失去电子, 带正电; 温度为2T 的金属得到电子, 带负电, 二者出现电势差.10.如果不存在碰撞机制, 在外电场下, 金属中电子的分布函数如何变化?[解答]如果不存在碰撞机制, 当有外电场ε后, 电子波矢的时间变化率εe t -=d d k .上式说明, 不论电子的波矢取何值, 所有价电子在波矢空间的漂移速度都相同. 如果没有外电场ε时, 电子的分布是一个费密球, 当有外电场ε后, 费密球将沿与电场相反的方向匀速刚性漂移, 电子分布函数永远达不到一个稳定分布. 11.为什么价电子的浓度越高, 电导率越高?[解答]电导σ是金属通流能力的量度. 通流能力取决于单位时间内通过截面积的电子数(参见思考题18). 但并不是所有价电子对导电都有贡献, 对导电有贡献的是费密面附近的电子. 费密球越大, 对导电有贡献的电子数目就越多. 费密球的大小取决于费密半径3/12)3(πn k F =.可见电子浓度n 越高, 费密球越大, 对导电有贡献的电子数目就越多, 该金属的电导率就越高.12.电子散射几率与声子浓度有何关系? 电子的平均散射角与声子的平均动量有何关系?[解答]设波矢为k 的电子在单位时间内与声子的碰撞几率为),',(θΘk k , 则),',(θΘk k 即为电子在单位时间内与声子的碰撞次数. 如果把电子和声子分别看成单原子气体, 按照经典统计理论, 单位时间内一个电子与声子的碰撞次数正比与声子的浓度.若只考虑正常散射过程, 电子的平均散射角θ与声子的平均波矢q 的关系为由于F k k k ==', 所以F F k q k q 222sin==θ.在常温下, 由于q <<k , 上式可化成F F k q k q ==θ.由上式可见, 在常温下, 电子的平均散射角与声子的平均动量q 成正比.13.低温下, 固体比热与3T 成正比, 电阻率与5T 成正比, 2T 之差是何原因?[解答]按照德拜模型, 由(3.133)式可知, 在甚低温下, 固体的比热34)(512D B V T Nk C Θπ=.而声子的浓度⎰⎰-=-=mB mB T k pTk ce v eD V n ωωωωωωπωω0/2320/1d 231d )(1,作变量变换T k x B ω =,得到甚低温下333232T v Ak n p Bπ=,其中⎰∞-=021d xe x x A .可见在甚低温下, 固体的比热与声子的浓度成正比. 按照§6.7纯金属电阻率的统计模型可知, 纯金属的电阻率与声子的浓度和声子平均动量的平方成正比. 可见, 固体比热与3T 成正比, 电阻率与5T 成正比, 2T 之差是出自声子平均动量的平方上. 这一点可由(6.90)式得到证明. 由(6.90)可得声子平均动量的平方286220/240/3321d 1d )(T v v Bk e v e v q s p B T k s T k p D B DB =⎥⎥⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎢⎢⎣⎡--=⎰⎰ωωωωωωωω ,其中⎰⎰∞∞--=02031d 1d x xe x x e x x B 。
固体物理-课后思考题答案
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1。
以堆积模型计算由同种原子构成的同体积的体心和面心立方晶体中的原子数之比。
[解答]设原子的半径为R, 体心立方晶胞的空间对角线为4R,晶胞的边长为,晶胞的体积为,一个晶胞包含两个原子, 一个原子占的体积为,单位体积晶体中的原子数为;面心立方晶胞的边长为,晶胞的体积为, 一个晶胞包含四个原子,一个原子占的体积为,单位体积晶体中的原子数为。
因此,同体积的体心和面心立方晶体中的原子数之比为=0。
272。
2.解理面是面指数低的晶面还是指数高的晶面?为什么?[解答]晶体容易沿解理面劈裂,说明平行于解理面的原子层之间的结合力弱,即平行解理面的原子层的间距大。
因为面间距大的晶面族的指数低, 所以解理面是面指数低的晶面。
3。
基矢为, , 的晶体为何种结构? 若+, 又为何种结构?为什么?[解答]有已知条件,可计算出晶体的原胞的体积。
由原胞的体积推断,晶体结构为体心立方. 按照本章习题14,我们可以构造新的矢量,,。
对应体心立方结构. 根据14题可以验证, 满足选作基矢的充分条件.可见基矢为,,的晶体为体心立方结构。
若+,则晶体的原胞的体积,该晶体仍为体心立方结构.4.若与平行, 是否是的整数倍? 以体心立方和面心立方结构证明之.[解答]若与平行, 一定是的整数倍. 对体心立方结构,由(1.2)式可知,, ,=h+k+l=(k+l)(l+h)(h+k)=p=p(l1 +l2 +l3), 其中p是(k+l)、(l+h)和(h+k)的公约(整)数。
对于面心立方结构, 由(1.3)式可知,,,,=h+k+l=(—h+k+l)+(h—k+l)+(h+k—l)=p'=p’(l1+l2 +l3),其中p’是(—h+k+l)、(-k+h+l)和(h-k+l)的公约(整)数.5. 晶面指数为(123)的晶面ABC是离原点O最近的晶面,OA、OB和OC分别与基矢、和重合,除O点外,OA、OB和OC上是否有格点? 若ABC面的指数为(234),情况又如何?[解答]晶面族(123)截、和分别为1、2、3等份,ABC面是离原点O最近的晶面,OA的长度等于的长度,OB的长度等于的长度的1/2,OC的长度等于的长度的1/3,所以只有A点是格点. 若ABC面的指数为(234)的晶面族, 则A、B和C都不是格点。
固体物理答案第六章
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第六章自由电子论和电子的输运性质习题1. 一金属体积为V ,电子总数为N ,以自由电子气模型(1)在绝热条件下导出电子气的压强为 其中.5300F NE U = (2)证明电子气体的体积弹性模量【解答】(1)在绝热近似条件下,外场力对电子气作的功W 等于系统内能的增加dU ,即式中P 是电子气的压强.由上式可得由此得到(2将2.证明费米能其中n 作变量变换则有即T k E B F e +1由上式解得3.证明解法二:电子总数由以上两式解得4.由同种金属制做的两金属块,一个施加30个大气压,另一个承受一个大气压,设体积弹性模量为21110m N ,电子浓度为328105m ⨯,计算两金属块间的接触电势差.【解答】两种金属在同一环境下,它们的费密能相同,之间是没有接触电势差的.但当体积发生变化,两金属的导电电子浓度不同,它们之间将出现接触电势差.设压强为0时金属的费密能为F E ,金属1受到一个大气压后,费密能为1F E ,金属2受到30个大气压后,费密能为2F E ,则由《固体物理教程》(6.25)式可知,金属1与金属2间的接触电势差由上边第3题可知由《固体物理教程》(2.10)式可知,固体的体积变化V ∆与体积弹性模量K 和压强P 的关系为所以两金属的接触电势差将代入两金属的接触电势差式子,得5.若磁场强度B 沿z 轴,电流密度沿x 轴,金属中电子受到的碰撞阻力为P P ,/τ-是电子的动量,试从运动方程出发,求金属的霍尔系数.【解答】电子受的合力 ()().B v mv B v P dt P d F ⨯+--=⨯+--==ετετ(1) 由于电子受的阻力与它的速度成正比,所以电场力与阻力平衡时的速度是最高平均速度,此时电子的加速度变为0,(1)式化成().B v me v ⨯+-=ετ(2) 因为电流的方向沿x 轴,平衡后,电子沿z 轴方向和y 轴的速度分量为0.因此,由(2)式得,x x m e v ετ-=(3)0=y ε=图6.3x j =和(5R H 得到 R H 其中l 令则(W 式中F τ是费密面上的电子的平均自由时间.电子的平均自由时间F τ和平均速度F v 与平均自由程l的关系是而平均速度由下式求得于是得到 ()2102223F B mE T k nl k π=.7.设沿xy 平面施加一电场,沿z 轴加一磁场,试证,在一级近似下,磁场不改变电子的分布函数,并用经典力学解释这一现象. 【解答】在只有磁场和电场情况下,《固体物理教程》(6.47)式化成由上式可解得考虑到外界磁场和电场对电子的作用远小于原子对电子的作用,必有f k ∇0f k ∇≈.于是有相当好的近似所以 可见在一级近似下,磁场对分布函数并无贡献.由经典理论可知,电子在磁场中运动受到一洛伦兹力B v e ⨯-,该力与电子的运动方向v 垂直,它只改变电子的运动方向,并不增加电子的能量,即不改变电子的能态.也就是说,从经典理论看,磁场不改变电子的分布函数. 8.0f 是平衡态电子分布函数,证明【解答】金属中导电电子处于平衡态时,其分布函数 ()110+=-T k E E B F e f .令则有 9.立方晶系金属,电流密度j 与电场ε和磁场B 的关系是εεβεαεσ2B B B B j -•+⨯+= ,式中 其中10.其中B A >(1(2(1所以 *m F v = A B 于是因为B A >,所以A 金属电子的费米速度大.(2)如果外电场沿x 方向,则x 方向的电场x ε与电流密度x j 的关系(参见《固体物理教程》6.84式)为上式积分沿费米面进行.将上式与比较,可得立方晶系金属的电导率 在费米面是一球面的情况下,上式积分为其中利用了v E k =∇.将关系式代入电导率式得可见B 金属的电导率大.11.求出一维金属中自由电子的能态密度、费米能级、电子的平均动能及一个电子对比热的贡献.【解答】设一维一价金属有N 个导电电子,晶格常数为α.如图6.4所示,在dE E E +-图6.4一维金属中自由电子的能带 能量区间波矢数目为利用自由电子的能量于波矢的关系可得dE E E +-能量区间的量子态数目由此得到能态密度其中=E F E ,所以能量E 图6.5其中能量其中平均一个电子所具有的能量利用分布积分,得到利用《固体物理教程》(6.7)和(6.10)两式得平均一个电子对热容量的贡献为13.证明热发射电子垂直于金属表面运动的平均动能为T k B ,平行于表面运动的平均动能也是T k B .【解答】当无外加电场,温度也不太高时,金属中的价电子是不会脱离金属的,因为金属中的价电子被原子实紧紧的吸引着,电子处于深度为0E 一势阱中.如图6.6所示,要使最低能级上的电子逃离金属,它至少要从外界获得0E 的能量.要使费米面上的电子逃离金属,它至少要从外界获得()F E E -=0ϕ的能量.为方便计,取一单位体积的金属.在k 空间内k d范围内的电子数目图6.6深度为0E 势阱其中转换成速度空间,则在v d v v+→区间内的电子数目 式中利用了关系对于能脱离金属的热发射电子,其能量E 必满足()ϕ>-F E E 对大多数金属来说,T k B >>ϕ,所以必有 式中已取于是设金属表面垂直于z 轴,热发射电子沿z 轴方向脱离金属,则要求而速度分量v 利用积分公式得到利用积分公式得到 0E 因为在v 利用积分公式14.其中(0F E N 式中于是由此可得(),100F F E N E =--- 15.每个原子占据的体积为3a ,绝对零度时价电子的费密半径为计算每个原子电子数目.【解答】由《固体物理教程》(6.4)式可知,在绝对零度时导电电子的费密半径现在已知一金属导电电子的费密半径所以,该金属中导电电子的密度 3a 是一个原子占据的体积,由此可知,该金属的原子具有两个价电子.16.求出绝对零度时费密能0F E 、电子浓度n 、能态密度()0F E N及电子比热e V C 与费密半径0F k 的关系. 【解答】绝对零度时电子的费密半径电子浓度n 与费密半径的关系是 由《固体物理教程》(6.3)式可得到绝对零度时电子的费密能与费密半径的关系为由《固体物理教程》(5.103)式可知,自由电子的能态密度是由此可得由《固体物理教程》(6.13)式可知平均一个电子对热容量的贡献为因为所以一个电子的热容与费密半径的关系为17.【解答】F k 将漂移速度将代入上式,近的少数电子由于n <<'18.则A 由上式的到齐次方程的通解为 τt e B - .电子漂移速度满足的方程的解为 d v =τt e B - ().10t i e i m e ωωττε+-当电子达到稳定态后,上式右端的第一项趋于0.于是d v =().10t ie i m e ωωττε+- 按照经典理论,电流密度j 与漂移速度d v ,电导σ和电场强度ε的关系为j =()().102εωσωτεω=+=-t i d e t i m ne v ne 由上式得其中如果设电场为则有19.求出立方晶系金属的积分1P 、32P P和 【解答】由《固体物理教程》(6.119),(6.120)和(6.123)三式得以上三式中的面积分是在一个等能面上进行,对于等能面是球面的情况,面积分的值E =因为另外21.,方向与温与正向温差电流反向,条件更不可少其实此问题用6.19题的结果也可证明.忽略费密能随温度的变化,则将6.19题的21P P 和代入上式,得22.当金属中存在温度梯度时,电子分布函数()x f 可以看成是平衡分布函数0f 的刚性平移,证明平移量为.【解答】 当金属中存在温度梯度时,导电子的分布函数变成了(参见《固体物理教程》6.116式) 其中v 是电子的平均速度,n 是电子浓度,ε是温差电场.将代入上式得到将上式与下式比较得到上式表明,当金属中存在温度梯度时,导电电子的分布函数()k f 可看成平衡分布函数()k f0在波矢空间里的刚性平移,平移量为。
固体物理学1~6章习题解答
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《固体物理学》习题解答第一章1.1 有许多金属即可形成体心立方结构,也可以形成面心立方结构。
从一种结构转变为另一种结构时体积变化很小.设体积的变化可以忽略,并以R f 和R b 代表面心立方和体心立方结构中最近邻原子间的距离,试问R f /R b 等于多少?答:由题意已知,面心、体心立方结构同一棱边相邻原子的距离相等,都设为a :对于面心立方,处于面心的原子与顶角原子的距离为:R f=2 a 对于体心立方,处于体心的原子与顶角原子的距离为:R b=2a 那么,Rf Rb1.2 晶面指数为(123)的晶面ABC 是离原点O 最近的晶面,OA 、OB 和OC 分别与基失a 1,a 2和a 3重合,除O 点外,OA ,OB 和OC 上是否有格点?若ABC 面的指数为(234),情况又如何?答:根据题意,由于OA 、OB 和OC 分别与基失a 1,a 2和a 3重合,那么晶面族是(123)的离原点最近的晶面在三个基矢坐标轴上的截距分别是a1、(1/2)a2、(1/3)a3。
固体物理学中基矢的长度等于相邻两个格点的距离,所以只要“OA,OB 和OC 分别与基矢a1,a2,a3重合”,而O 又是格点,则A 、B 、C 一定是格点。
OA 、OB 、OC 间无格点,(234)情况一样。
结晶学以晶包基矢为坐标轴表示晶面指数,但称为米勒指数。
1.3 二维布拉维点阵只有5种,试列举并画图表示之。
答:二维布拉维点阵只有五种类型:正方、矩形、六角、有心矩形和斜方。
分别如图所示:1.4 在六方晶系中,晶面常用4个指数(hkil )来表示,如图所示,前3个指数表示晶面族中最靠近原点的晶面在互成120°的共平面轴a 1,a 2,a 3上的截距a 1/h ,a 2/k ,a 3/i ,第四个指数表示该晶面的六重轴c 上的截距c/l.证明:i=-(h+k ) 并将下列用(hkl )表示的晶面改用(hkil )表示:(001)(133)(110)(323)(100)(010)(213)答:证明设晶面族(hkil )的晶面间距为d ,晶面法线方向的单位矢量为n °。
固体物理学基础知识训练题及其参考答案
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固体物理学基础知识训练题及其参考答案《固体物理》基础知识训练题及其参考答案说明:本内容是以黄昆原着、韩汝琦改编的《固体物理学》为蓝本,重点训练读者在固体物理方面的基础知识,具体以19次作业的形式展开训练。
第一章作业1:1.固体物理的研究对象有那些答:(1)固体的结构;(2)组成固体的粒子之间的相互作用与运动规律;(3)固体的性能与用途。
2.晶体和非晶体原子排列各有什么特点答:晶体中原子排列是周期性的,即晶体中的原子排列具有长程有序性。
非晶体中原子排列没有严格的周期性,即非晶体中的原子排列具有短程有序而长程无序的特性。
3.试说明体心立方晶格,面心立方晶格,六角密排晶格的原子排列各有何特点试画图说明。
有那些单质晶体分别属于以上三类。
答:体心立方晶格:除了在立方体的每个棱角位置上有1个原子以外,在该立方体的体心位置还有一个原子。
常见的体心立方晶体有:Li,Na,K,Rb,Cs,Fe等。
面心立方晶格:除了在立方体的每个棱角位置上有1个原子以外,在该立方体每个表面的中心还都有1个原子。
常见的面心立方晶体有:Cu, Ag, Au, Al等。
六角密排晶格:以ABAB形式排列,第一层原子单元是在正六边形的每个角上分布1个原子,且在该正六边形的中心还有1个原子;第二层原子单元是由3个原子组成正三边形的角原子,且其中心在第一层原子平面上的投影位置在对应原子集合的最低凹陷处。
常见的六角密排晶体有:Be,Mg,Zn,Cd等。
4.试说明, NaCl,金刚石,CsCl, ZnS晶格的粒子排列规律。
答:NaCl:先将两套相同的面心立方晶格,并让它们重合,然后,将一套晶格沿另一套晶格的棱边滑行1/2个棱长,就组成Nacl晶格;金刚石:先将碳原子组成两套相同的面心立方体,并让它们重合,然后将一套晶格沿另一套晶格的空角对角线滑行1/4个对角线的长度,就组成金刚石晶格;Cscl::先将组成两套相同的简单立方,并让它们重合,然后将一套晶格沿另一套晶格的体对角线滑行1/2个体对角线的长度,就组成Cscl晶格。
固体物理学6自由电子论
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第六章 自由电子论和电子的输运性质6-1电子气的费米能和热容量自由电子气(自由电子费米气体):自由的、无相互作用的 、遵从泡利原理的电子气。
一 费米能量1.模型(索末菲)(1)金属中的价电子彼此之间无相互作用;(2)金属内部势场为恒定势场(价电子各自在势能等于平均势能的势场中运动); (3)价电子速度服从费米—狄拉克分布。
2.费米分布函数在热平衡时,能量为E 的状态被电子占据的概率是1e 1)(B F )(+=-T k E E E fE F ---费米能级(等于这个系统中电子的化学势),它的意义是在体积不变的条件下,系统增加一个电子所需的自由能。
它是温度T 和晶体自由电子总数N的函数。
随着T 的增加,f (E )发生变化的能量范围变宽,但在任何情况下,此能量范围约在E F附近±k B T 范围内。
3.费米面0.a =T ⎪⎩⎪⎨⎧>=<<=F FF 01)(E E E E E E E f 陡变0.b ≠T ⎪⎩⎪⎨⎧>>=<<=FFF0211)(E E E E E E E fE=EF 的等能面称为费米面。
在绝对零度时,费米面以内的状态都被电子占据,球外没有电子。
T ≠0时,费米球面的半径k F 比绝对零度时费米面半径小,此时费米面以内能量离EF 约k B T 范围的能级上的电子被激发到EF 之上约k B T 范围的能级。
4.求EF 的表达式E~E+dE 间的电子状态数:E E N )d ( E~E+dE 间的电子数:E E N E f )d ()( 系统总的电子数:⎰∞=0E E N E f N )d ()(分两种情况讨论:(1)在T=0K 时,上式变成:⎰=0)d (FE E E N N 0将自由电子密度N(E)=CE 1/2代入得:()23021032d ⎰==FE FE C E CE N 0其中23222π2⎪⎭⎫⎝⎛= m V C c()23023222π232FE m V N ⎪⎭⎫ ⎝⎛=令n=N/V ,代表系统的价电子浓度()32220π32n mE F=金属中一般 n~1028m-3,电子质量m=9×10-31kg , 自由电子气系统中每个电子的平均能量由下式计算NN E E ⎰d =0⎰=0023d FE E E NC053F E =由上式可以看出即使在绝对零度时电子仍有相当大的平均能量,这与经典的结果是截然不同的。
《固体物理学答案》第五章
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第五章 晶体中电子能带理论 习题1.晶体常数为a 的一维晶体中,电子的波函数为(1)()x ai x k πψ3cos =,(2)()f la x f x k,)(-l ∑∞∞=-=ψ是某一函数,求电子在以上状态中的波矢.[解 答]由《固体物理教程》(5.14)式()()r e R r k R r i n k nψψ∙=+可知,在一维周期势场中运动的电子的波函数满足()()x e a x k ika k ψψ=+由此得(1) ()()()()x e x x ai x a i a x a i a x k ika k k ψψππππψ=-=⎪⎭⎫ ⎝⎛-=⎪⎭⎫ ⎝⎛+=⎥⎦⎤⎢⎣⎡+=+3cos 3cos 3cos于是1-=ikae因此得 ,5,3,aa akπππ±±±= 若只取布里渊区内的值:ak aππ<-,则有ak π=(2) ()].)1([)(a l x f la a x f a x l l k ∑∑∞-∞=∞-∞=--=++=+ψ令1+='ll得 ()()()()x e x a l x f a x k ika k k ψψψ==-=+∑'.由上式知 ikae =1所以有 ,6,4,2,0aa a kπππ±±±= 因此得在布里渊区内的值为0=k2.一维周期势场为()()[]()⎪⎩⎪⎨⎧-≤≤+-+≤≤---=.1,0,21222b na x b a n b na x b na na x b mW x V 当当其中b a 4=,W 为常数,试画出此势能曲线,并求出势能的平均值.[解 答]图5.1 一维周期势场如图5.1所示,由于势能具有周期性,因此只能在一个周期内求平均即可,于是得V=a 1 ()dx x V a a ⎰-22=()dx x V b bb ⎰-2241 =dx x b mW b b b ⎰--][2141222 =b b x x b b mW --]31[8322 =2261b mW . 3.用近自由电子模型求解上题,确定晶体的第一及第二个禁带宽度. [解 答]根据教科书(5.35)式知禁带宽度的表示式为 ng V E 2=,其中n V 是周期势场()x V傅里叶级数的系数,该系数可由《固体物理教程》(5.22)式n V = a 1 ()dx e x V nx ai a a π222--⎰求得,第一禁带宽度为112V E g ==2()dxex V a a x ai ⎰--222a 1π=2⎰---b b x ai dxex b mW b π2222][241=2⎰-⎪⎭⎫ ⎝⎛-b b dx x b x b mW b 2cos ][241222π=3228πb mW .第二禁带宽度为222V E g ==2()dxex V a a x ai ⎰--224a 1π=2⎰---b b x bi dx e x b mW b π][241222 =2⎰-⎪⎭⎫ ⎝⎛-b b dx x b x b mW b πcos ][241222=222πb mW4.已知一维晶格中电子的能带可写成()⎪⎭⎫⎝⎛+-=ka ka ma k E 2cos 81cos 8722 , 式中a是晶格常数.m 是电子的质量,求(1)能带宽度,(2)电子的平均速度,(3)在带顶和带底的电子的有效质量. [解 答](1)能带宽度为 .min max E E E -=∆由极值条件 ()0=dkk dE 得上式的唯一解是0sin =ka 的解,此式在第一布里渊区内的解为 ak π,0=.当()k E k ,0时=取极小值min E ,且有 min E =()00=E当()k E ak,时π=,E(k)取极大值max E ,且有.222max ma a E E=⎪⎭⎫ ⎝⎛=π由以上可得能带宽度为.222m i nm a x ma E E E =-=∆(2)由《固体物理教程》(5.81)式,得电子的平均速度为 ().2sin 41sin 1⎪⎭⎫⎝⎛-==ka ka ma dk k dE v(3)由《固体物理教程》(5.87)式得,带顶和带底电子的有效质量分别为.322cos 21cos 1222m ka ka m k E mak ak ak -=⎪⎭⎫⎝⎛-=⎥⎥⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎢⎢⎣⎡∂∂=±=-±=*±=πππ.22cos 21cos 012220m ka ka m k E m k k k =⎪⎭⎫ ⎝⎛-=⎥⎥⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎢⎢⎣⎡∂∂==-==*5.对简立方结构晶体,其晶格常数为a .(1)用紧束缚方法求出对应非简并s态电子的能带;(2)分别画出第一布里渊区[110]方向的能带﹑电子的平均速度、有效质量以及沿[110]方向有恒定电场时的加速度曲线.[解 答](1)非简并s态电子的能带().e n R k ∑∙--=ns s ats s J C E k E式中n R是晶体参考格点最近邻格矢.对于简单立方晶体,任一格点有6个最近邻.取参考格点的坐标为(0,0,0),则6个最近邻点的坐标为()()().,0,0,0,,0,0,0,a a a ±±±简单立方体非简并s 态电子的能带则为()().cos cos cos 2a k a k a k J C E k E z y x s s at s s ++--=(2)在[110]方向上 ,22,0k k k k y x z === 能带变为(),22cos 40⎪⎪⎭⎫⎝⎛-=ka J E k E s s其中 ,20ss at s J C E E --=在[110]方向上,在第一布里渊区内,电子的能带如图5.2所示.图5.2[110]方向电子的能带电子的平均速度.22sin 221⎪⎪⎭⎫⎝⎛=∂∂=ka a J k E v s 平均速度曲线如图5.3所示.图5.3 平均速度曲线电子的有效质量,22cos 222222⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛=∂∂=*ka a J k E m s 有效质量曲线如图5.4所示.图5.4 有效质量曲线 在[110]方向有恒定电场情况下,电子的受力 εe F -=电子的加速度2222cos 2⎪⎪⎭⎫⎝⎛-==*ka a J e m F a s ε.设电场方向与[110]方向相反,加速度曲线则如图5.5所示.图5.5加速度曲线6.用紧束缚方法处理面心立方体晶格的s 态电子,试导出其能带⎥⎦⎤⎢⎣⎡++--=2cos 2cos 2cos 2cos 2cos 2cos 4a k a k a k a k a k a k J C E E x z z y y x s s atss ,并求出能带底的有效质量. [解 答]用紧束缚方法处理晶格的s 态电子,当只计及最近邻格点的相互作用时,根据《固体物理教程》(5.60)式,其能带表示式为()∑∙--=ns s ats s J C E k E n R k e ,n R 是最近邻格矢.对面心立方晶格,取参考点的坐标为(0,0,0),则12个最近邻格点的坐标为 (2a ±,2a ±,0),( 2a ±,0, 2a ±),(0, 2a ±,2a±). 将上述12组坐标带入能带的表示式,得()∑∙--=ns s ats s J C E k E n R k es s ats J C E --=()()()()()()()()()()()()⎪⎪⎪⎪⎭⎪⎪⎪⎪⎬⎫⎪⎪⎪⎪⎩⎪⎪⎪⎪⎨⎧⎥⎦⎤⎢⎣⎡++++⎥⎦⎤⎢⎣⎡++++⎥⎦⎤⎢⎣⎡+++---+-+---+-++---+-z y z y z y z k y k a i z k x k a i z k x k a i z k x k a i z x y x y x y x y x k k a i k k a i k k a i k k a i k k a i k k a i k k a i k k a i e e e e e e e e e e e e 222222222222()()()()()()⎪⎪⎭⎪⎪⎬⎫⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧++++-+++-++--=z y z y z x z x y x y x s s ats k k a k k a k k a k k a k k a k k a J C E 2cos 2cos 2cos 2cos 2cos 2cos⎥⎦⎤⎢⎣⎡++--=2cos 2cos 2cos 2cos 2cos 2cos 4a k a k a k a k a k a k J C E x z z y y x s s ats .能带底即()k E 的最小值对应的k为(0,0,0),有《固体物理教程》(5.87)可得在能带底处电子的有效质量为2202222a J k E m s kxx xx i=⎥⎥⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎢⎢⎣⎡∂∂==*.同理可得222a J m s yy=*,222a J m s zz =*其它交叉项的倒数全为零.7.用紧束缚方法处理体心立方晶体,求出 (1) s 态电子的能带为()2cos 2cos 2cos 8a k a k a k J C E k E z y x s s ats s --= ; (2) 画出第一布里渊区[111]方向的能带曲线;(3) 求出带顶和带底电子的有效质量. 【解 答】(1)用紧束缚方法处理晶格的s 态电子,当只计及最近邻格点的相互作用时,其能带的表示式为().e n R k ∑∙--=ns s ats s J C E k E n R 是最近邻格矢.对体心立方晶格,取参考格点的坐标为(0,0,0),则8个最近邻格点的坐标为 (2,2,2aa a ±±±). 将上述8组坐标代入能带的表示式,的().e n R k ∑∙--=ns s ats s J C E k E()()()()()()()()⎥⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎢⎣⎡+++++++--=---+---+---++-+--+++z k y k x k a i z k y k x k a i z k y k x k a i z k y k x k ai z k y k x k a i z k y k x k a i z k y k x k a i z y x e e e e e e e e J C E k k k a i s s ats 22222222()()()()⎥⎦⎤⎢⎣⎡+++--=--+--+2cos 2cos 2cos 2cos 22222a k e a k e a k e a k e J C E z zz z k k a i s s atsy k x k ai y k x k a i y k x k a i y x ⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎣⎡⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+--=-2cos 2cos 422a k a k e e J C E z y k a i s s at s x k ai x 2cos 2cos 2cos 8ak a k a k J C E z y x s s at s --=.(2)在[111]方向上k k k k z y x 33=== , 且第一布里渊区边界在 ak k k z y x π±===,于是能带化成⎪⎪⎭⎫⎝⎛-=ka J E E s 63cos 830,其中s ats C E E -=0.图5.6为第一布里渊区[111]方向的能带曲线.图5.6 [111]方向的能带曲线(3)由能带的表示式及余弦函数的性质可知,当===z y x k k k 时,sE 取最小值,即0===z y x k k k 是能带底,电子的有效质量为2202222a J k E m s kxx xx i=⎥⎥⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎢⎢⎣⎡∂∂==*同理可得222a J m s yy=*,222a J m s zz =*其它交叉项的倒数全为零.而在布里渊区边界上的⎪⎭⎫ ⎝⎛±⎪⎭⎫ ⎝⎛±⎪⎭⎫ ⎝⎛±a a a πππ2,0,0,0,2,0,0,0,2处是能带顶,电子的有效质量为222a J m m m s zzyyxx-===***.其它交叉项的倒数也全为零.8.某晶体电子的等能面是椭球面⎪⎪⎭⎫⎝⎛++=32322212122m k m k m k E ,坐标轴1,2,3相互垂.(1) 求能态密度;(2)今加一磁场B , B与坐标轴的夹角的方向余弦分别为γβα,,,写出电子的运动方程;(3) 证明电子在磁场中的回旋频率*=m eB c ω, 其中2132********⎥⎦⎤⎢⎣⎡++=*m m m m m m m γβα.【解 答】(1) 由已知条件可将波矢空间内电子能带满足的方程化为1222232322222121=++ E m k E m k E m k .将上式与椭球公式1222222=++c z b y a x 比较可知,在波矢空间内电子的等能面是一椭球面.与椭球的体积abc π34比较可得到,能量为E 的等能面围成的椭球体积 2332132234E m m m πτ= 由上式可得dE E m m m d 21321324 πτ=.能量区间内电子的状态数目()dE E m m m V d V dz cc 1321323222πτπ== 是晶体体积.电子的能态密度()21321322E m m m VdE dz E N cπ==(2) 根据《固体物理教程》中(5.86)式得⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛∂∂∂+∂∂∂+∂∂=331222121212211F k k EF k k E F k E a ,⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛∂∂∂+∂∂+∂∂∂=332222221122221F k k E F k E F k k E a,⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛∂∂+∂∂∂+∂∂∂=323222321132231F k E F k k E F k k E a .将⎪⎪⎭⎫⎝⎛++=32322212122m k m k m k E代入上述三式得运动方程为 333222111,,m F a m Fa m F a ===.即333222111,,F dtdvm F dt dv m F dt dv m ===. (1)当存在磁场B时,电子受到洛仑兹力B v e F⨯-=.其分量形式为 ()()23323223321v B v B v e B v B v e F ωνωβγ-=--=--=,()()31131331132v B v B v e B v B v e F ωνωγα-=--=--=, ()()12212112213v B v B v e B v B v e F ωνωαβ-=--=--=式中B B=,γωβωαωeB eB eB ===321,,.将上述结果代入运动方程(1)得.,,122133311322233211v v dt dvm v v dt dvm v v dt dv m ωωωωωω-=-=-= (2)(3)上述方程可用不同的方法求解.解法一:对(2)式两边作拉普拉斯变换,并采用如下初始条件 ()1010v v =,()2020v v =,().0303v v =得[]11v pL m +[]23v L ω-[]32v L ω=101v m ,-[]13v L ω+[]22v pL m +[]31v L ω=202v m ,[]12v L ω-[]21v L ω+[]33v pL m =303v m .由此解出[]∆∆=11v L . 其中()()B p Ap m m m p m m m pm p m p m +≡+++=---=∆22332222113321312123231ωωωωωωωωω.321m m m A =,321233222211m m m m m m B ωωω++=.()()322130313202121021120332302323103213130312202231011C p C p C v m v m v m pv m m v m m p v m m m pm v m p m v m v m ++≡+++-+=--=∆ωωωωωωωωωωω()203302322103211,v v m m C v m m m C ωω+==,3031320212102113v m v m v m C ωωωωω++=.因此得[]()Bp A C B p p AB C B C p AB C B p Ap C p C p C v L +++-+=+++=22231323221111.上式两边取逆拉普拉斯变换得t B BA Ct B AB C B C p AB C v sin cos 123131+-+=.同理可得t B B A C t B AB C B C p AB C v sin cos 123132'+'-'+'=.()301103312203211,v v m m C v m m m C ωω+='=', 1021130323202223v m v m v m C ωωωωω++='.及t B B A C t B AB C B C p AB C v sin cos 123133''+''-''+''=.()102201212303211,v v m m C v m m m C ωω+=''=''2032210311302333v m v m v m C ωωωωω++=''.可见电子回旋频率为B .解法二:由于电子作周期运动,将试探解t i c e v v ω101=, t i c e v v ω202=t i c e v v ω303=(这里302010,,v v v 一般为复数,电子的真实速度应为321,,v v v 的实部或虚部.) 代入(2)式得 101v m i c ω+302v ω-203v ω=0,103v ω+202v m i c ω-301v ω=0,102v ω-201v ω+303v m i c ω=0.302010,,v v v 有不全为零的解的充要条件是0312123231=----m i m i m i c c c ωωωωωωωωω. 由此得 ()02332222113321=++-c c m m m m m m ωωωωω.于是B m m m m m m c=++=3212332222112ωωωω.这样,两种方法均给出电子回旋频率为21321233222211⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛++==m m m m m m B c ωωωω.再将γωβωαωeB eB eB ===321,,,代入上式即得*=meBc ω, 其中2132********⎪⎪⎭⎫⎝⎛++=*m m m m m m m γβα.9.求出一维、二维金属中自由的能态密度.[解 答](1)一维情况自由电子的色散关系为 mk E 222 =.由此得dk E m dk m kdE 2121222⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛== ,即dE E m dk 212122-⎪⎭⎫⎝⎛= . 对应同一个dE ,在k ±方向各有一个dk ,因此空间中dE E E +与之间的区间为dE E m dk d 2121222-⎪⎭⎫⎝⎛== τ,在该范围内的状态数为dE E m L d LdZ 212122-⎪⎭⎫⎝⎛== πτπ,其中L 是晶格长度.于是,态密度()12122-⎪⎭⎫ ⎝⎛==E m L dE dZ E N π.(2)二维情况参照《固体物理教程》(5.102)式可知,二维情况下态密度的一般表示式为()⎰∇=Lk EdLS E N 22π.其中S 是晶格的面积,积分沿能量为E 的等能线进行.由()2222y x k k m E += 得 ()mk k k m E y x k 221222 =+=∇.于是有()21222222 mS k m k S E dL S E N Lk ππππ=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛=∇=-⎰.10.二维金属晶格,晶胞为简单矩形,晶格常数A a2=,A b 4=,原子为单价的.(1) 试画出第一、二布里渊区; (2) 计算自由电子费密半径;(3) 画出费密面在第一、二布里渊区的形状.【解 答】(1) 倒格子原胞基矢j bb i a b ππ2,221==.选定一倒格点为原点,原点的最近邻倒格矢有4个,它们是21,b b ±±这4个倒格矢的中垂线围成的区间即是第一布里渊区.即图5.7中Ⅰ所示区间.原点的次近邻倒格矢有4个,它们是21b b ±±这4个倒格矢的中垂线围成的区间与第一布里渊区边界围成的区间即是第二布里渊区.即图5.7中Ⅱ所示区间.图5.7 二维矩形晶格第一、二布里渊区(2)在绝对零度时,二维金属中导电电子若看成自由电子,电子的能量mk E 222 =,能量dE E E+→区间的电子占据波矢空间dk 的范围.在此范围内的波矢数目为图5.8二维波矢空间kdk S ππ2)2(2∙,其中2)2(πS是二维金属中导电电子的波矢密度,S 是金属面积。
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3
Nc 2(2 mn*k0T ) 2 h3
mn*
h
2
(
Nc
)
2 3
2
2 k0T
(6.625
10
34
)
2
(1.05
1019
)
2 3
2
2 3.141.381023 300
5.09681031 Kg
3
Nv
2(2
m
* p
k0T
)
2
h3
m*p
h
2
(
势垒高度:qVD = EFn—EFp
外加电压
+
E
——
E
+—
E
+
p
p
n
内电场
p
n
内电场
隧道效应
体接触
Wm > Ws
Eo Wm EF
m
S WS
EF
n
耗尽层
Wm >Ws
En = Wm - S
金属
PN结能级图
V(x)
VD
-xp x xn
x
qV(x)
-xp 0 xn
x
qVD
•
•••••
-- -
-- -
--- -
qVD
空间电荷区内电势由 np区不断下降,
空间电荷区内电势能由np区不断升高,
p区能带相对向上移, n区能带向下移,至费米能 级相等, n-p结达平衡状态,没有净电流通过。
p
3)少数载流子反型状态
在2)的基础上,表面处能带进一步向下弯曲,越接 近表面,表面处费米能级可能高于禁带中央能量,即, 费米能级离导带底比离价带顶更近一些,表面电子浓 度超过空穴浓度,形成了与原来半导体导电类型相反 的一层。
---- -
-------
N型半导体
①在室温下,锗的有效状态密度Nc=1.05×1019cm-3, Nv=5.7×1018cm-3,试求锗的载流子有效质量mn*和 mp*。计算77k时的Nc和Nv。已知300k时,Eg=0.67eV。 77k时Eg=0.76eV。求这两个温度时锗的本征载流子浓 度。
熱平衡狀態
(+)
(-)
順向偏壓
(-)
(+)
逆向偏壓
• 热平衡状态下,电子浓度为: • 电子电流正比于表面电子浓度
表面Ec与EF的距离
• 正向偏压下,电子浓度为: • 故正向偏压下的净电流为:
此式反向偏压也可使用, 將VF改为-VR即可。
J C1NceqBn / kT (eqV / kT 1)
-------
p
EF
2)多数载流子耗尽状态
当表面势为正值时,表面处能带向下弯曲,越接近表 面,费米能级离价带顶越远,价带顶空穴浓度随之降 低,在靠近表面的一定区域内,价带顶比费米能级低 的多,根据波尔兹曼分布,表面处空穴浓度将比体内 浓度低的多。
-------
-
-
-
-
Wm -WS=eV D EF
n半导体
形成正的空间电荷区,,其电场的方向由体内指 向表面,形成表面势垒,其内的电子浓度比体内 小的多,称为高阻层。
Wm <Ws
Ef En = S - Wm
n
WS - Wm
反阻挡层或积累层
画出由p型半导体和金属构成的肖特基势垒在施加正 向和反向电压的能带图,分别标出扩散流、漂移流、 肖特基热电子电流的方向和相对大小。
②77k,锗的电子浓度为1017cm-3,假定浓度为零,而 Ec-ED=0.01eV,求锗中施主浓度ND为多少?
[解] ①室温下,T=300k(27℃),k0=1.380×10-23J/K,h=6.625×10-34J·S, 对于锗:Nc=1.05×1019cm-3,Nv=5.7×1018cm-3:
-19
77
)]
2
1.365 1019
2 =6.6 1016;
计算含有施主杂质浓度ND=9×1015cm-3及受主杂质 浓度为1.1×1016cm-3的硅在300k时的电子和空穴浓 度以及费米能级的位置。
②77k时: Ec-ED=0.01eV=0.01×1.6×10-19;T=77k;k0=1.38×10-23; n0=1017;Nc=1.365×1019cm-3;
ND
[n0
exp(
Ec ED 2k0T Nc
)] 2
2 [1017 =
exp(
0.01 1.6 10 2 1.38 10 23
其中 C1Nc A*T 2
A*成为有效Richardson 常數(A/K2-
cm2),与有效质量有关,因为可产
生热载流子发射的电子浓度在计算時
会用到gc(E)(导带状态密度),故与 m*有关。
n型硅为110,p型硅为32; n型砷化鎵为8,p型砷化鎵为74。
热载流子发射下,电子净电流可表示为
J J s (eqV / kT 1)
(T T
'
)
3 2
;
N
' c
(T
'
)
3 2
T
Nc
(
77
3
)2
300
1.05 1019
1.3651019
h3
N
' v
(T
'
)
3 2
T
Nv
(
77
3
)2
300
5.7 1018
7.41 1017
求300k时的ni:
ni
1
(NcNv) 2
exp( Eg ) 2k0T
(1.05 1019
Nv
)
2 3
2
2 k0T
(6.625
10 34
)2
(5.7
1018
)
2 3
2
2 3.14 1.38 1023 300
3.391731031 Kg
77k时的Nc和Nv:
3
2(2 mn*k0T ') 2
N
' c
h3
Nc
3
2(2 mn*k 0T ) 2
5.7 1018 ) exp( 0.67 ) 0.052
1.96 1013
求77k时的ni:
ni
1
(NcNv) 2
exp( Eg ) 2k0T
(1.05 1019
5.7 1018 ) exp( 0.761.6 1019 ) 2 1.381023 77
1.094107
其中 J s A T e * 2 qBn / kT
饱和电流密度(正向偏压 時为正,反向偏压時为负)
MIS能级图
表面空间电荷层 的三种状态(主要讨论p型半导体)
1)多数载流子堆积状态
表面势为负值时,表面处能带向上弯曲,,在热平衡 状态下,半导体内费米能级为一定值,随着向表面接 近,价带顶将逐渐移近甚至超过费米能级,同时,价 带中的空穴浓度也随之增加,结果表面层内出现空穴 的堆积而带正电。