河南省三门峡市陕州中学2014-2015学年高二下学期适应性考试物理试题及答案
2014-2015学年河南省三门峡市陕州中学高三(上)第五次月考物理试卷(Word版含解析)
2014-2015学年河南省三门峡市陕州中学高三（上）第五次月考物理试卷一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分．其中3、4、8、10、11、12为多选．）1．在科学发展史上，很多科学家做出了杰出的贡献．他们在物理学的研究过程中应用了很多科学的思想方法，下列叙述正确的是（）A．库仑首先提出用电场线描绘抽象的电场这种形象化的研究方法B．牛顿首次提出“提出假说，数学推理，实验验证，合理外推”的科学推理方法C．用质点来代替有质量的物体是采用了理想模型的方法D．场强表达式E=和加速度表达式a=都是利用比值法得到的定义式2．粗细均匀的电线架在A、B两根电线杆之间．由于热胀冷缩，电线在夏、冬两季呈现如图所示的两种形状，若电线杆始终处于竖直状态，下列说法中正确的是（）A．冬季，电线对电线杆的拉力较大B．夏季，电线对电线杆的拉力较大C．夏季与冬季，电线对电线杆的拉力一样大D．夏季，杆对地面的压力较大3．一质点作直线运动的速度图象如图所示，下列选项正确的是（）A．在4﹣5s内，质点所受合外力做正功B．在0﹣5s内，质点的平均速度为7m/sC．在前6s内，质点离出发点的最远距离为30mD．质点在4﹣6s内的加速度大小是0﹣2s内的加速度大小的2倍4．如图所示，A、B两物块质量均为m，用一轻弹簧相连，将A用长度适当的轻绳悬挂于天花板上，系统处于静止状态，B物块恰好与水平桌面接触，此时轻弹簧的伸长量为x，现将悬绳剪断，则（）A．悬绳剪断瞬间A物块的加速度大小为2gB．悬绳剪断瞬间A物块的加速度大小为gC．悬绳剪断后A物块向下运动距离2x时速度最大D．悬绳剪断后A物块向下运动距离x时加速度最小5．伽利略曾利用对接斜面研究“力与运动”的关系．如图，固定在水平地面上的倾角均为θ的两斜面，以光滑小圆弧相连接．左侧斜面顶端的小球与两斜面的动摩擦因数均为μ．小球从左侧顶端滑到最低点的时间为t1，滑到右侧最高点的时间为t2．规定斜面连接处为参考平面，则小球在这个运动过程中速度的大小v、加速度的大小a、动能E k及机械能E随时间t 变化的关系图线正确的是（）A．B．C．D．6．如图所示，有一等腰直角三角形的区域，其斜边长为2L，高为L．在该区域内分布着如图所示的磁场，左侧小三角形内磁场方向垂直纸面向外，右侧小三角形内磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小均为B．一边长为L、总电阻为R的正方形导线框abcd，从图示位置开始沿x轴正方向以速度v匀速穿过磁场区域．取沿a→b→c→d→a的感应电流方向为正，则图乙中表示线框中电流i随bc边的位置坐标x变化的图象正确的是（）A．B．C．D．7．火星表面特征非常接近地球，可能适合人类居住．2010年，我国志愿者王跃参与了在俄罗斯进行的“模拟登火星”实验活动．已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，自转周期基本相同．地球表面重力加速度是g，若王跃在地面上能向上跳起的最大高度是h，在忽略自转影响的条件下，下述分析正确的是（）A．王跃在火星表面所受火星引力是他在地球表面所受地球引力的倍B．火星表面的重力加速度是C．火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍D．王跃在火星上向上跳起的最大高度是8．一个正点电荷Q静止在正方形的一个角上，另一个带电质点射入该区域时，恰好能经过正方形的另外三个角a、b、c，如图所示，则有（）A．a、b、c三点电势高低及场强大小的关系是φa=φc＞φb，E a=E c=2E bB．质点由a到b电势能增加，由b到c电场力做正功，在b点动能最小C．质点在a、b、c三处的加速度大小之比是1：2：1D．若改变带电质点在a处的速度大小和方向，有可能使其经过a、b、c三点做匀速圆周运动9．如图甲所示电路，理想变压器原线圈输入电压如图乙所示，副线圈电路中R0为定值电阻，R是滑动变阻器，C为耐压值为22v的电容器，所有电表均为理想电表．下列说法正确的是（）A．副线圈两端电压的变化频率为0.5HzB．电流表的示数表示的是电流的瞬时值C．滑动片P向下移时，电流表A1和A2示数均增大D．为保证电容器C不被击穿，原副线圈匝数比应小于10：110．如图甲所示，为测定物体冲上粗糙斜面能达到的最大位移x与斜面倾角θ的关系，将某一物体每次以不变的初速率v0沿足够长的斜面向上推出，调节斜面与水平方向的夹角θ，实验测得x与斜面倾角θ的关系如图乙所示，g取10m/s2，根据图象可求出（）A．物体的初速率v0=3m/sB．物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.75C．取不同的倾角θ，物体在斜面上能达到的位移x的最小值x min=1.44mD．当某次θ=30°时，物体达到最大位移后将沿斜面下滑11．如图所示，光滑水平面上放着质量为M的木板，木板的上表面粗糙且左端有一个质量为m的木块｡现对木块施加一个水平向右的恒力F，木块与木板由静止开始运动，经过时间t分离｡下列说法正确的是（）A．若仅增大木板的质量M，则时间t增大B．若仅增大木块的质量m，则时间t增大C．若仅增大恒力F，则时间t增大D．若仅增大木块与木板间的动摩擦因数，则时间t增大12．在地面附近，存在着一有界电场，边界MN将空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场，在区域I中离边界某一高度由静止释放一质量为m的带电小球A，如图甲所示，小球运动的v﹣t图象如图乙所示，不计空气阻力，则（）A．小球受到的重力与电场力之比为3：5B．在t=5s时，小球经过边界MNC．在小球向下运动的整个过程中，重力做的功大于电场力做功D．在1s～4s过程中，小球的机械能先减小后增大二、填空题：本题共2小题，16分．13．为了测量木块与木板间动摩擦因数μ，某小组使用位移传感器设计了如图1所示实验装置，让木块从倾斜木板上一点A由静止释放，位移传感器可以测出木块到传感器的距离．位移传感器连接计算机，描绘出滑块相对传感器的位移s随时间t变化规律，如图2所示．①根据上述图线，计算0.4s时木块的速度v=m/s，木块加速度a=m/s2；②为了测定动摩擦因数μ，还需要测量的量是；（已知当地的重力加速度g）③为了提高木块与木板间动摩擦因数μ的测量精度，下列措施可行的是．A．A点与传感器距离适当大些B．木板的倾角越大越好C．选择体积较大的空心木块D．传感器开始计时的时刻必须是木块从A点释放的时刻．14．某科技小组要测量一未知电阻R x的阻值，实验室提供了下列器材：A．待测电阻R xB．电池组（电动势3V，内阻约5Ω）C．电压表（量程3V，内阻约3000Ω）D．电压表（量程5mA，内阻约10Ω）E．滑动变阻器（最大阻值50Ω，额定电流1.0A）F．开关、导线若干该小组使用完全相同的器材用不同的测量电路（电流表内接或外接）进行测量，并将其测量数据绘成U﹣I图象，如图甲和图乙所示．①由测量结果判定图测量结果较为准确，其测量值R x=（结果保留三位有效数字），R x的测量值真实值（选填“大于”、“等于”或“小于”）．②请把正确的测量电路图画在丙中方框内．三、计算题：15．近来我国高速公路发生多起有关客车相撞的严重交通事故，原因之一就是没有掌握好车距，据经验丰富的司机总结，在高速公路上，一般可按你的车速来确定与前车的距离，如车速为80km/h，就应与前车保持80m的距离，以此类推，现有一辆客车以大小v0=90km/h的速度行驶，一般司机反应时间t=0.5s（反应时间内车被视为匀速运动），刹车时最大加速度a1=5m/s2求：（1）若司机发现前车因故突然停车，则从司机发现危险到客车停止运动，该客车通过的最短路程？并说明按经验，车距保持90m是否可行？（2）若客车超载，刹车最大加速度减为a2=4m/s2；司机为赶时间而超速，速度达到v1=144km/h；且晚上疲劳驾驶，反应时间增为t′=1.5s，则从司机发现危险到客车停止运动，客车通过的最短路程？并说明在此情况下经验是否可靠？16．如图所示，将两条倾角θ=30°，宽度L=1m的足够长的“U”形平行的光滑金属导轨固定在磁感应强度B=1T，范围足够大的匀强磁场中，磁场方向垂直于斜面向下．用平行于导轨的牵引力拉一质量m=0.2kg，电阻R=1Ω放在导轨上的金属棒ab，使之由静止沿轨道向上运动，牵引力的功率恒为P=6W，当金属棒移动s=2.8m时，获得稳定速度，此过程中金属棒产生热量Q=5.8J，不计导轨电阻及一切摩擦，取g=10m/s2．求：（1）金属棒达到的稳定速度是多大？（2）金属棒从静止至达到稳定速度时所需的时间多长？17．如图所示，倾斜轨道AB的倾角为37°，CD、EF轨道水平，AB与CD通过光滑圆弧管道BC连接，CD右端与竖直光滑圆周轨道相连．小球可以从D进入该轨道，沿轨道内侧运动，从E滑出该轨道进入EF水平轨道．小球由静止从A点释放，已知AB长为5R，CD长为R，重力加速度为g，小球与斜轨AB及水平轨道CD、EF的动摩擦因数均为0.5，sin37°=0.6，cos37°=0.8，圆弧管道BC入口B与出口C的高度差为l.8R．求：（在运算中，根号中的数值无需算出）（1）小球滑到斜面底端C时速度的大小．（2）小球刚到C时对轨道的作用力．（3）要使小球在运动过程中不脱离轨道，竖直圆周轨道的半径R′应该满足什么条件？18．如图所示，在x轴下方的区域内存在方向与y轴相同的匀强电场，电场强度为E．在x 轴上方以原点O为圆心、半径为R的半圆形区域内存在匀强磁场，磁场的方向垂直于xy平面并指向纸面外，磁感应强度为B．y轴下方的A点与O点的距离为d．一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从A点由静止释放，经电场加速后从O点射入磁场．不计粒子的重力作用．（1）求粒子在磁场中运动的轨道半径r．（2）要使粒子进入磁场之后不再经过x轴，电场强度需大于或等于某个值E0．求E0．（3）若电场强度E等于第（2）问E0的，求粒子经过x轴时的位置．2014-2015学年河南省三门峡市陕州中学高三（上）第五次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分．其中3、4、8、10、11、12为多选．）1．在科学发展史上，很多科学家做出了杰出的贡献．他们在物理学的研究过程中应用了很多科学的思想方法，下列叙述正确的是（）A．库仑首先提出用电场线描绘抽象的电场这种形象化的研究方法B．牛顿首次提出“提出假说，数学推理，实验验证，合理外推”的科学推理方法C．用质点来代替有质量的物体是采用了理想模型的方法D．场强表达式E=和加速度表达式a=都是利用比值法得到的定义式考点：物理学史．分析：常用的物理学研究方法有：控制变量法、等效替代法、模型法、比较法、类比法、转换法等，是科学探究中的重要思想方法根据物理方法和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、法拉第首先提出用电场线和磁感线描绘抽象的电场和磁场这种形象化的研究方法．故A错误；B、伽利略首次提出“提出假说，数学推理，实验验证，合理外推“的科学推理方法，故B错误；C、用质点来代替有质量的物体是采用了理想模型的方法，故C正确；D、场强表达式E=是比值法得到的定义式，加速度表达式a=不是比值法得到的定义式，故D错误；故选：C．点评：在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习．2．粗细均匀的电线架在A、B两根电线杆之间．由于热胀冷缩，电线在夏、冬两季呈现如图所示的两种形状，若电线杆始终处于竖直状态，下列说法中正确的是（）A．冬季，电线对电线杆的拉力较大B．夏季，电线对电线杆的拉力较大C．夏季与冬季，电线对电线杆的拉力一样大D．夏季，杆对地面的压力较大考点：力的合成．分析：以整条电线为研究对象，受力分析根据平衡条件列出等式，结合夏季、冬季的电线几何关系求解．解答：解：以整条电线为研究对象，受力分析如右图所示，由共点力的平衡条件知，两电线杆对电线的弹力的合力与其重力平衡，由几何关系得：Fcosθ=，即：F=由于夏天气温较高，电线的体积会膨胀，两杆正中部位电线下坠的距离h变大，则电线在杆上固定处的切线方向与竖直方向的夹角θ变小，故变小，所以两电线杆处的电线拉力与冬天相比是变小．电线杆上的电线的质量一定，受力平衡，夏季、冬季杆对地面的压力相等．所以选项BCD错误，A正确．故选：A．点评：要比较一个物理量的大小关系，我们应该先把这个物理量运用物理规律表示出来，本题中应该抓住电线杆上的电线的质量一定，受力平衡，根据夏季、冬季电线在杆上固定处的切线方向与竖直方向的夹角的不同分析求解．3．一质点作直线运动的速度图象如图所示，下列选项正确的是（）A．在4﹣5s内，质点所受合外力做正功B．在0﹣5s内，质点的平均速度为7m/sC．在前6s内，质点离出发点的最远距离为30mD．质点在4﹣6s内的加速度大小是0﹣2s内的加速度大小的2倍考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：由图读出速度的变化情况，分析物体的运动情况，速度图象的斜率等于加速度．由图线“面积”求出位移，再求解平均速度．解答：解：A、在4﹣5s内，质点的速度逐渐减小，根据动能定理知所受合外力做负功，A错误；B、在0﹣5s内，质点的位移为：x=×（2+5）×10=35m，平均速度为：===7m/s，B正确；C、在前6s内，5s末质点离出发点最远，最远距离为35m，C错误；D、由图线的斜率知：质点在4﹣6s内的加速度大小是0﹣2s内的加速度大小的2倍，D正确；故选：BD．点评：本题关键抓住速度图象的斜率表示加速度、“面积”表示位移来理解图象的物理意义．4．如图所示，A、B两物块质量均为m，用一轻弹簧相连，将A用长度适当的轻绳悬挂于天花板上，系统处于静止状态，B物块恰好与水平桌面接触，此时轻弹簧的伸长量为x，现将悬绳剪断，则（）A．悬绳剪断瞬间A物块的加速度大小为2gB．悬绳剪断瞬间A物块的加速度大小为gC．悬绳剪断后A物块向下运动距离2x时速度最大D．悬绳剪断后A物块向下运动距离x时加速度最小考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：求出悬绳剪断前弹簧的拉力，再根据牛顿第二定律求出悬绳剪断瞬间A的瞬时加速度．当A物块向下运动到重力和弹力相等时，速度最大．解答：解：A、B、剪断悬绳前，对B受力分析，B受到重力和弹簧的弹力，知弹力F=mg．剪断瞬间，对A分析，A的合力为F合=mg+F=2mg，根据牛顿第二定律，得a=2g．故A正确，B错误．C、D、弹簧开始处于伸长状态，弹力F=mg=kx．当向下压缩，mg=F′=kx′时，速度最大，x′=x，所以下降的距离为2x．故C正确D错误．故选：AC．点评：解决本题关键知道剪断悬绳的瞬间，弹簧的拉力不变，根据牛顿第二定律可以求出瞬时加速度．当弹力和重力相等时，速度最大．5．伽利略曾利用对接斜面研究“力与运动”的关系．如图，固定在水平地面上的倾角均为θ的两斜面，以光滑小圆弧相连接．左侧斜面顶端的小球与两斜面的动摩擦因数均为μ．小球从左侧顶端滑到最低点的时间为t1，滑到右侧最高点的时间为t2．规定斜面连接处为参考平面，则小球在这个运动过程中速度的大小v、加速度的大小a、动能E k及机械能E随时间t 变化的关系图线正确的是（）A．B．C．D．考点：伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．专题：常规题型．分析：据牛顿第二定律求出上滑和下滑过程中的加速度大小，从而得出速度随时间的变化规律，根据动能与速度大小的关系得出动能与时间t变化的关系求解．解答：解：A、由牛顿第二定律可知，小球在两斜面的运动都是匀变速直线运动，两阶段的加速度都恒定不变，小球在左侧斜面下滑时的加速度：a1=gsinθ﹣μgcosθ小球在右侧斜面下滑时的加速度：a2=gsinθ+μgcosθ，小球在左侧斜面下滑时的加速度较小，故A错误，B正确；C、小球的动能与速率的二次方成正比，即E k=mv2，因此，动能与时间关系图象是曲线，故C错误；D、由于小球在两斜面运动时的加速度大小不相等，因此，小球机械能与时间的关系图象不是连续曲线，故D错误；故选：B．点评：解决本题的关键根据牛顿第二定律得出上滑和下滑的加速度，判断出物体的运动情况．6．如图所示，有一等腰直角三角形的区域，其斜边长为2L，高为L．在该区域内分布着如图所示的磁场，左侧小三角形内磁场方向垂直纸面向外，右侧小三角形内磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小均为B．一边长为L、总电阻为R的正方形导线框abcd，从图示位置开始沿x轴正方向以速度v匀速穿过磁场区域．取沿a→b→c→d→a的感应电流方向为正，则图乙中表示线框中电流i随bc边的位置坐标x变化的图象正确的是（）A．B．C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：首先根据楞次定律判断出感应电流的方向．再分段确定线框有效的切割长度，分析线框中感应电动势的大小与位置坐标的关系．线框的电阻一定，感应电流与感应电动势成正比．解答：解：bc边的位置坐标x在L﹣2L过程，线框bc边有效切线长度为l=x﹣L，感应电动势为E=Blv=B（x﹣L）v，感应电流i==，根据楞次定律判断出来感应电流方向沿a→b→c→d→a，为正值．x在2L﹣3L过程，ad边和bc边都切割磁感线，产生感应电动势，穿过线框的磁通量增大，总的磁感线方向向里，根据楞次定律判断出来感应电流方向沿a→d→c→b→a，为负值，线框ad边有效切线长度为l=L，感应电动势为E=Blv=BLv，感应电流i=﹣．x在3L﹣4L过程，线框ad边有效切线长度为l=L﹣（x﹣3L）=2L﹣x，感应电动势为E=Blv=B （2L﹣x）v，感应电流i=，根据楞次定律判断出来感应电流方向沿a→b→c→d→a，为正值．根据数学知识知道D正确．故选D点评：本题关键确定线框有效的切割长度与x的关系，再结合数学知识选择图象．7．火星表面特征非常接近地球，可能适合人类居住．2010年，我国志愿者王跃参与了在俄罗斯进行的“模拟登火星”实验活动．已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，自转周期基本相同．地球表面重力加速度是g，若王跃在地面上能向上跳起的最大高度是h，在忽略自转影响的条件下，下述分析正确的是（）A．王跃在火星表面所受火星引力是他在地球表面所受地球引力的倍B．火星表面的重力加速度是C．火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍D．王跃在火星上向上跳起的最大高度是考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力定律公式求出王跃在火星上受的万有引力是在地球上受万有引力的倍数．根据万有引力等于重力，得出重力加速度的关系，从而得出上升高度的关系．根据万有引力提供向心力求出第一宇宙速度的关系．解答：解：A、根据万有引力定律的表达式F=，已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，所以王跃在火星表面受的万有引力是在地球表面受万有引力的倍．故A 错误．B、由得到：g=．已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，火星表面的重力加速度是．故B错误．C、由，得v=已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍．故C正确．D、王跃以v0在地球起跳时，根据竖直上抛的运动规律得出：可跳的最大高度是h=，由于火星表面的重力加速度是，王跃以相同的初速度在火星上起跳时，可跳的最大高度h′==．故D错误．故选：C．点评：通过物理规律把进行比较的物理量表示出来，再通过已知的物理量关系求出问题是选择题中常见的方法．把星球表面的物体运动和天体运动结合起来是考试中常见的问题．8．一个正点电荷Q静止在正方形的一个角上，另一个带电质点射入该区域时，恰好能经过正方形的另外三个角a、b、c，如图所示，则有（）A．a、b、c三点电势高低及场强大小的关系是φa=φc＞φb，E a=E c=2E bB．质点由a到b电势能增加，由b到c电场力做正功，在b点动能最小C．质点在a、b、c三处的加速度大小之比是1：2：1D．若改变带电质点在a处的速度大小和方向，有可能使其经过a、b、c三点做匀速圆周运动考点：电势能；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电荷受到的合力指向轨迹的内侧，根据轨迹弯曲方向判断出粒子与固定在O点的电荷是异种电荷，它们之间存在引力，根据点电荷的电场线的特点，Q与ac距离相等，都小于b，故B点的电势低于ac两点的电势．应用牛顿第二定律求出加速度之间的关系解答：解：A：根据点电荷的电场线的特点，Q与ac距离相等，都小于b，故B点的电势低于ac两点的电势；；，故A正确；B：电荷受到的合力指向轨迹的内侧，根据轨迹弯曲方向判断出粒子与固定在O点的电荷是异种电荷，它们之间存在引力，所以质点由a到b电场力做负功，电势能增加，动能减小；由b到c电场力做正功，动能增大，在b点动能最小；故B正确；C：粒子P在a、b、c三点时的加速度大小要根据库仑定律求出库仑力．由图可知，，代入库仑定律：，可得：由牛顿第二定律：．故C错误；D：由C的分析可知，带电粒子abc三个点受到的电场力大小不相等，所以不可能其经过a、b、c三点做匀速圆周运动．故D错误．故选：AB点评：本题属于电场中轨迹问题，考查分析推理能力．根据轨迹的弯曲方向，判断出电荷受到的电场力指向轨迹内侧．进而判断出电荷是负电荷．9．如图甲所示电路，理想变压器原线圈输入电压如图乙所示，副线圈电路中R0为定值电阻，R是滑动变阻器，C为耐压值为22v的电容器，所有电表均为理想电表．下列说法正确的是（）A．副线圈两端电压的变化频率为0.5HzB．电流表的示数表示的是电流的瞬时值C．滑动片P向下移时，电流表A1和A2示数均增大D．为保证电容器C不被击穿，原副线圈匝数比应小于10：1考点：变压器的构造和原理；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：根据图乙知交流电周期为0.02s，所以频率为50Hz，由题意知灯泡两端电压为22V，求副线圈电流，根据欧姆定律求匝数比，滑动变阻器的触头向右滑动，电阻增大，而副线圈电压不变，变压器的输入功率等于输出功率减小．解答：解：A、根据图乙知交流电周期为0.02s，所以频率为50Hz，A错误；B、电流表的示数表示的是电流的有效值，故B错误；C、滑动变阻器的触头向下滑动，电阻减小，而副线圈电压不变，则电流变大，故C正确；D、由题意知，原线圈的最大电压为311V，而电容器的耐压值为22V，即为最大值，根据原副线圈的电压有效值与匝数成正比，则有原副线圈匝数比是应大于10：1．故D错误；故选：C．点评：掌握变压器的变压特点，会从图象中获取有用的物理信息，能够用动态分析法分析电路的变化．10．如图甲所示，为测定物体冲上粗糙斜面能达到的最大位移x与斜面倾角θ的关系，将某一物体每次以不变的初速率v0沿足够长的斜面向上推出，调节斜面与水平方向的夹角θ，实验测得x与斜面倾角θ的关系如图乙所示，g取10m/s2，根据图象可求出（）A．物体的初速率v0=3m/sB．物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.75C．取不同的倾角θ，物体在斜面上能达到的位移x的最小值x min=1.44mD．当某次θ=30°时，物体达到最大位移后将沿斜面下滑考点：动能定理的应用；动摩擦因数；动能定理．分析：由题意明确图象的性质，则可得出位移的决定因素；根据竖直方向的运动可求得初速度；由水平运动关系可求得动摩擦因数；再由数学关系可求得位移的最小值．解答：解：A、由图可知，当夹角θ=0时，位移为2.40m；而当夹角为90°时，位移为1.80m；则由竖直上抛运动规律可知：v02=2gh；解得：v0===6m/s；故A错误；B、当夹角为0度时，由动能定理可得：μmgx=mv02；解得：μ==0.75；故B正确；C、﹣mgxsinθ﹣μmgcosθx=0﹣mv02解得：x===；当θ+α=90°时，sin（θ+α）=1；此时位移最小，x=1.44m；故C正确；D、若θ=30°时，物体受到的重力的分力为mgsin30°=mg；摩擦力f=μmgcos30°=0.75×mg×=mg；一般认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力；故小球达到最高点后，不会下滑；故D错误；。
-2015学年河南省三门峡市陕州中学高二下学期期中物理试题及答案
2014-2015学年河南省三门峡市陕州中学高二（下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：（本大题共12题，第1-8题为单项选择题，第9-12题为多项选择题每小题4分，计48分）1．（4分）（2015春•河南校级期中）如图所示，把重物G压在纸带上，用一水平力缓缓地拉动纸带，重物跟着纸带一起运动，若迅速拉动纸带，纸带将会从重物下抽出，解释这种现象的正确的是（）A．在缓慢拉动纸带时，纸带给重物的摩擦力大B．在迅速拉动纸带时，纸带给重物的摩擦力小C．在缓慢拉动纸带时，纸带给重物的冲量大D．在缓慢拉动纸带时，纸带给重物的冲量小考点：动量定理；摩擦力的判断与计算．专题：动量定理应用专题．分析：快拉时，由于惯性，很容易将纸片抽出；慢拉时，很难将纸片抽出；根据冲量的定义公式I=Ft分析冲量大小．解答：解：A、用水平力F慢慢拉动纸带，重物跟着一起运动，重物与纸片间是静摩擦力；若迅速拉动纸带，纸带会从重物下抽出，重物与纸片间是滑动摩擦力；滑动摩擦力约等于最大静摩擦力；故快拉时摩擦力大；故A、B错误．C、纸带对重物的合力等于摩擦力，慢拉时滑动摩擦力作用时间长，故慢拉时纸带给重物的摩擦力的冲量大，由于作用时间长，支持力的冲量也大，故慢拉时，纸带给重物的冲量大，故C正确，D错误．故选：C．点评：本题关键明确滑动摩擦力大小与相对速度无关，注意纸带给重物的冲量是摩擦力和支持力冲量的矢量和．2．（4分）（2010•泉州模拟）在光滑水平地面上有两个相同的弹性小球A、B，质量都为m．现B球静止，A球向B球运动，发生正碰．已知碰撞过程中总机械能守恒，两球压缩最紧时的弹性势能为E P，则碰前A球的速度等于（）A．B．C．2D．2考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：两球压缩最紧时，两球速度相等．根据碰撞过程中动量守恒，以及总机械能守恒求出碰前A球的速度．解答：解：设碰撞前A球的速度为v，当两球压缩最紧时，速度相等，根据动量守恒得，mv=2mv′，则．在碰撞过程中总机械能守恒，有，得v=．故C正确，A、B、D错误．故选C．点评：本题属于动量守恒与能量守恒的综合题，解决本题的关键掌握动量守恒和能量守恒定律．3．（4分）（2007•攀枝花模拟）有一条捕鱼小船停靠在湖边码头，小船又窄又长（估计一吨左右）．一位同学想用一个卷尺粗略测定它的质量．他进行了如下操作：首先将船平行码头自由停泊，轻轻从船尾上船，走到船头后停下来，而后轻轻下船．用卷尺测出船后退的距离为d，然后用卷尺测出船长L，已知他自身的质量为m，则渔船的质量（）A．B．C．D．考点：动量守恒定律分析：人和船组成的系统所受合外力为0，满足动量守恒，由位移与时间之比表示速度，根据动量守恒定律进行分析与计算．解答：解：设人走动时船的速度大小为v，人的速度大小为v′，人从船尾走到船头所用时间为t．取船的速度为正方向．则 v=，v′=根据动量守恒定律：Mv﹣mv′=0，则得：M=m解得渔船的质量：M=故选：D点评：人船模型是典型的动量守恒模型，体会理论知识在实际生活中的应用，关键要注意动量的方向．4．（4分）（2013春•铜仁市校级期末）质量为2kg的小车以2m/s的速度沿光滑的水平面向右运动，若将质量为2kg的砂袋以3m/s的速度迎面扔上小车，则砂袋与小车一起运动的速度的大小和方向是（）A．2.6m/s，向右B．2.6m/s，向左C．0.5m/s，向左D．0.8m/s，向右考点：动量守恒定律．专题：动量定理应用专题．分析：将砂袋迎面扔上小车的过程，系统水平方向不受外力，动量守恒，根据水平方向动量守恒定律求解砂袋与小车一起运动的速度的大小和方向．解答：解：以小车与砂带组成的系统为研究对象，以水平向右方向为正方向，系统水平方向动量守恒，由动量守恒定律得：m车v车﹣m袋v袋=（m车+m袋）v，代入数据解得：v=﹣0.5m/s，负号表示：速度方向向左．故选：C．点评：本题是简单的系统动量守恒的问题，要注意选取正方向，用正、号表示动量的方向．。
河南省三门峡市陕州中学20152016学年高二物理下学期期中试题
2015—2016学年下期高二期中考试物 理 试 卷考试时间 90分钟 分值 100分一．选择题（本题共12小题。
每小题4分，共48分。
1--8题为单选，9--12题为多选。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．在物体运动过程中，下列说法不正确的是( )A ．动量不变的运动，一定是匀速运动B ．动量大小不变的运动，可能是变速运动C ．如果在任何相等时间内物体所受的冲量相等(不为零)，那么该物体一定做匀变速运动D ．若某一个力对物体做功为零，则这个力对该物体的冲量也一定为零2.如图所示的装置中，木块B 与水平桌面间的接触是光滑的，子弹A 沿水平方向射入木块后留在木块内，将弹簧压缩到最短.现将子弹、木块和弹簧合在一起作为研究对象(系统)，则此系统在从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的整个过程中A.能量守恒、机械能守恒B.动量不守恒、机械能不守恒C.动量守恒、机械能不守恒D.动量不守恒、机械能守恒3.三个相同的木块ABC,从同一水平线上自由下落,A 在开始下落的瞬间被水平飞来的子弹击中,B 在下落到一半时才被水平飞来的子弹击中,若子弹均留在木块内,则三个木块下落时间T A , T B ,T C 的大小关系是（ ）A. T A =T B =T CB. T A =T C ＜T B C T A =T B ＞T C D T A ＞T B ＞T C4.玻璃杯从同一高度落下，掉在石头上比掉在草地上容易碎，这是由于玻璃杯与石头的撞击过程中 （ ）A. 玻璃杯的动量较大B. 玻璃杯受到的冲量较大C. 玻璃杯的动量变化较大D. 玻璃杯的动量变化较快5．如图所示，在光滑水平面上有一质量为M 的木块，木块与轻弹簧水平相连，弹簧的另一端连在竖直墙上，木块处于静止状态．一质量为m 的子弹以水平速度v 0击中木块，并嵌在其中，木块压缩弹簧后在水平面做往复运动．木块自被子弹击中前到第一次回到原来位置的过程中，木块受到的合外力的冲量大小为( )A Mmv 0M ＋mB ．0CD ．2mv 0 A B6.近年来，数码相机几近家喻户晓，用来衡量数码相机性能的一个非常重要的指标就是像素，1像素可理解为光子打在光屏上的一个亮点，现知300万像素的数码相机拍出的照片比30万像素的数码相机拍出的等大的照片清晰得多，其原因可以理解为( )7.A．光是一种粒子，它和物质的作用是一份一份的8.B．光的波动性是大量光子之间的相互作用引起的9.C．大量光子表现光具有粒子性10.D．光具有波粒二象性，大量光子表现出光的波动性7．用波长为λ1和λ2的单色光A和B分别照射两种金属C和D的表面．单色光A照射两种金属时都能产生光电效应现象；单色光B照射时，只能使金属C产生光电效应现象，不能使金属D产生光电效应现象．设两种金属的逸出功分别为W C和W D，则下列选项正确的是( )A．λ1>λ2，W C>W D B．λ1>λ2，W C<W DC．λ1<λ2，W C>W D D．λ1<λ2，W C<W D8.两束能量相同的色光，都垂直地照射到物体表面，第一束光在某段时间内打在物体上的光子数与第二束光在相同时间内打到物体表面的光子数之比为5:4，则这两束光的光子能量和波长之比分别为( ) A．4:5 4:5 B．5:4 4:5 C．5:4 5:4 D．4:5 5:49.质量为1kg的球A以2m/s的速度在光滑的水平面上与质量为3kg的静止B球发生正碰碰撞后B球的可能速度大小为（）A.1.2m/sB.0.8m/sC.0.6m/sD.0.4m/s10.下列运动中在任意相等时间内，物体的动量变化相等的是（）A.匀速圆周运动 B竖直上抛运动 C.平抛运动 D.任意的匀变速运动11.下列关于热辐射说法正确的是（）A.一切物体都在辐射电磁波B.任何物体辐射电磁波的情况只于温度有关C.黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体温度有关是因为能量量子化D.黑体能完全吸收入射的各种波长的电磁波12.在光电效应实验中，用频率为ν的光照射光电管阴极，发生了光电效应，下列说法正确的是（）A．增大入射光的强度，光电流增大B．减小入射光的强度，光电效应现象消失C．改用频率小于ν的光照射，一定不发生光电效应D．改用频率大于ν的光照射，光电子的最大初动能变大二、填空题：（本题共2小题，第13题4分，第14题12分，共16分）13.(6分)在“探究碰撞中的不变量”实验中，装置如图所示，两个小球的质量分别为m A和m B.(1)现有下列器材，为完成本实验，哪些是必需的？请将这些器材前面的字母填在横线上________．A．秒表 B．刻度尺 C．天平 D．圆规(2)如果碰撞中动量守恒，根据图中各点间的距离，则下列式子可能成立的有________．＝ONMP＝OMMP＝OPMN＝OMMN14.(10分)用金属铷为阴极的光电管,观测光电效应现象,实验装置示意如图甲所示。
河南省三门峡市陕州中学_学年高二数学下学期适应性考试试卷理(含解析)【含答案】
2014-2015学年河南省三门峡市陕州中学高二（下）适应性考试数学试卷（理科）一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．已知集合A={x|x=3n+2，n∈N}，B={6，8，10，12，14}，则集合A∩B中的子集个数为（）A． 2 B． 4 C． 8 D． 162．下列有关命题的说法错误的是（）A．命题“若x2﹣3x+2=0则x=1”的逆否命题为：“若x≠1，则x2﹣3x+2≠0”B．“x=1”是“x2﹣3x+2=0”的充分不必要条件C．若p∧q为假命题，则p、q均为假命题D．对于命题p：∃x∈R，使得x2+x+1＜0．则￢p：∀x∈R，均有x2+x+1≥03．已知函数f（x）=log a（x+2）﹣b的定点在函数g（x）=2x+1﹣1的图象上，则是b的值为（）A．﹣1 B． 0 C． 1 D． 24．已知实数a，b，c满足不等式0＜a＜b＜c＜1，且M=2a，N=5﹣b，P=lnc，则M、N、P的大小关系为（）A． P＜N＜M B． P＜M＜N C． M＜P＜N D． N＜P＜M 5．下列函数既是奇函数，又在区间[﹣1，1]上单调递减的是（）A． f（x）=sinx B． f（x）=lnC． f（x）=﹣|x+1| D． f（x）=6．某程序的框图如图所示，运行该程序时，若输入的x=0.1，则运行后输出的y值是（）A．﹣1 B． 0.5 C． 2 D． 107．已知函数y=﹣xf′（x）的图象如图（其中f′（x）是函数f（x）的导函数），下面四个图象中，y=f（x）的图象可能是（）A． B．C．D．8．已知函数f（x）=且f（a）=﹣3，则f（6﹣a）=（）A．﹣B．﹣C．﹣D．﹣9．若奇函数f（x）对于任意的x1，x2∈（﹣∞，0]都有（x1﹣x2）[f（x1）﹣f（x2）]＜0，则不等式f（lgx）+f（1）＞0的解集为（）A．B．（0，1）C．D．（1，10）10．已知过点A（1，m）恰能作曲线f（x）=x3﹣3x的两条切线，则m的值是（）A．﹣1 B．﹣2 C．﹣3 D．﹣3或﹣211．已知函数f（x）=log a x+x﹣b（其中2＜a＜3＜b＜4），函数f（x）的零点x0∈（n，n+1），n∈N*，则n的值为（）A． 4 B． 3 C． 2 D． 112．已知定义在R上的函数f（x）满足f（x+2）=﹣f（x），当x∈（﹣1，3]时，f（x）=，其中t＞0，若方程f（x）=恰有3个不同的实数根，则t的取值范围为（）A．（0，）B．（，2）C．（，3）D．（，+∞）二、填空题：本大题共4小题，每小题5分．13．函数f（x）=的定义域为．14．若二次函数y=x2﹣2ax+1在区间（2，3）内是单调函数，则实数a的取值范围是．15．已知定义在R上的奇函数f（x）满足f（x﹣4）=﹣f（x），且在区间[0，2]上是增函数．若方程f（x）=m（m＞0）在区间[﹣8，8]上有四个不同的根x1，x2，x3，x4，则x1+x2+x3+x4= ．16．已知幂函数f（x）的图象经过点（，），P（x1，y1），Q（x2，y2）（x1＜x2）是函数图象上的任意不同两点，给出以下结论：①x1f（x1）＞x2f（x2）；②x1f（x1）＜x2f（x2）；③＞；④＜．其中正确结论的序号是．三、解答题：本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤. 17．设，其中a为正实数（Ⅰ）当a=时，求f（x）的极值点；（Ⅱ）若f（x）为R上的单调函数，求a的取值范围．18．已知函数f（x）=ax3+bx+c在点x=2处取得极值c﹣16．（Ⅰ）求a，b的值；（Ⅱ）若f（x）有极大值28，求f（x）在[﹣3，3]上的最小值．19．已知函数f（x）=lnx﹣ax2﹣2x（a＜0）（1）若函数f（x）在定义域内单调递增，求a的取值范围；（2）若a=﹣且关于x的方程f（x）=﹣x+b在[1，4]上恰有两个不相等的实数根，求实数b的取值范围．20．已知函数（1）当m=2时，求曲线y=f（x）在点（1，f（1））处的切线方程；（2）当时，讨论f（x）的单调性；（3）设g（x）=x2﹣2x+n．当时，若对任意x1∈（0，2），存在x2∈[1，2]，使f（x1）≥g（x2），求实数n的取值范围．21．已知函数f（x）=e x+2x2﹣3x（1）求曲线y=f（x）在点（1，f（1））处的切线方程；（2）当x≥1时，若关于x的不等式f（x）≥ax恒成立，求实数a的取值范围；（3）求证函数f（x）在区间[0，1）上存在唯一的极值点，并用二分法求函数取得极值时相应x的近似值（误差不超过0.2）；（参考数据e≈2.7，≈1.6，e0.3≈1.3）．22．设函数f（x）=xe kx（k≠0）．（Ⅰ）求曲线y=f（x）在点（0，f（0））处的切线方程；（Ⅱ）求函数f（x）的单调区间；（Ⅲ）若函数f（x）在区间（﹣1，1）内单调递增，求k的取值范围．2014-2015学年河南省三门峡市陕州中学高二（下）适应性考试数学试卷（理科）参考答案与试题解析一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．已知集合A={x|x=3n+2，n∈N}，B={6，8，10，12，14}，则集合A∩B中的子集个数为（）A． 2 B． 4 C． 8 D． 16考点：交集及其运算．专题：集合．分析：由A与B，求出两集合的交集，找出交集的子集个数即可．解答：解：∵A={x|x=3n+2，n∈N}，B={6，8，10，12，14}，∴A∩B={8，14}，则集合A∩B中的子集个数为22=4，故选：B．点评：此题考查了交集及其运算，熟练掌握交集的定义是解本题的关键．2．下列有关命题的说法错误的是（）A．命题“若x2﹣3x+2=0则x=1”的逆否命题为：“若x≠1，则x2﹣3x+2≠0”B．“x=1”是“x2﹣3x+2=0”的充分不必要条件C．若p∧q为假命题，则p、q均为假命题D．对于命题p：∃x∈R，使得x2+x+1＜0．则￢p：∀x∈R，均有x2+x+1≥0考点：命题的真假判断与应用；四种命题间的逆否关系；必要条件、充分条件与充要条件的判断．专题：综合题．分析：根据四种命题的定义，我们可以判断A的真假；根据充要条件的定义，我们可以判断B的真假；根据复合命题的真值表，我们可以判断C的真假；根据特称命题的否定方法，我们可以判断D的真假，进而得到答案．解答：解：命题“若x2﹣3x+2=0则x=1”的逆否命题为：“若x≠1，则x2﹣3x+2≠0”故A为真命题；“x=1”是“x2﹣3x+2=0”的充分不必要条件．故B为真命题；若p∧q为假命题，则p、q存在至少一个假命题，但p、q不一定均为假命题，故C为假命题；命题p：∃x∈R，使得x2+x+1＜0．则非p：∀x∈R，均有x2+x+1≥0，故D为真命题；故选C．点评：本题考查的知识点是命题的真假判断与应用，四种命题间的逆否关系，充要条件，是对简单逻辑综合的考查，属于简单题型．3．已知函数f（x）=log a（x+2）﹣b的定点在函数g（x）=2x+1﹣1的图象上，则是b的值为（）A．﹣1 B． 0 C． 1 D． 2考点：对数函数的图像与性质．专题：函数的性质及应用．分析：先利用函数f（x）=log a（x+2）﹣b的解析式得出其图象必过哪一个定点，再将该定点的坐标代入函数函数g（x）=2x+1﹣1式中求出b．解答：解：当x=﹣1时，log a（x+2）﹣b=﹣b恒成立，故函数f（x）=log a（x+2）﹣b的图象过定点（﹣1，﹣b），又由已知可得：定点（﹣1，﹣b）在函数g（x）=2x+1﹣1的图象上，即﹣b=2﹣1+1﹣1=0，解得b=0，故选：B点评：本题考查对数函数、指数函数的图象的图象与性质，考查数形结合的数学思想，属于基础题．4．已知实数a，b，c满足不等式0＜a＜b＜c＜1，且M=2a，N=5﹣b，P=lnc，则M、N、P的大小关系为（）A． P＜N＜M B． P＜M＜N C． M＜P＜N D． N＜P＜M考点：对数值大小的比较．专题：计算题；函数的性质及应用．分析：由对数函数与指数函数的单调性，利用特值法比较大小．解答：解：∵0＜a＜b＜c＜1，∴M=2a＞20=1，N=5﹣b＜50=1，且N＞0；P=lnc＜ln1=0，故P＜N＜M；故选：A．点评：本题考查了对数函数与指数函数的单调性及特值法的应用，属于基础题．5．下列函数既是奇函数，又在区间[﹣1，1]上单调递减的是（）A． f（x）=sinx B． f（x）=lnC． f（x）=﹣|x+1| D． f（x）=考点：函数奇偶性的判断；函数单调性的判断与证明．专题：函数的性质及应用；导数的综合应用．分析：根据正弦函数的单调性，函数导数符号和函数单调性的关系，奇函数的定义，减函数的定义即可判断每个选项的正误，从而得到正确选项．解答：解：A．f（x）=sinx在[﹣1，1]上单调递增；B．f（x）=，解得该函数的定义域为[﹣2，2]；又f′（x）=；∴f（x）在区间[﹣1，1]上是减函数；又f（﹣x）==﹣f（x）；∴f（x）是奇函数；∴该选项正确；C．f（x）=﹣|x+1|，奇函数f（x）在原点有定义时f（0）=0；而这里f（0）=﹣1；∴该函数不是奇函数；D.，f（﹣1）=；∴该函数在[﹣1，1]上不是减函数．故选B．点评：考查正弦函数的单调性，函数导数符号和函数单调性的关系，以及奇函数的定义，奇函数f（x）在原点有定义时f（0）=0，减函数的定义．6．某程序的框图如图所示，运行该程序时，若输入的x=0.1，则运行后输出的y值是（）A．﹣1 B． 0.5 C． 2 D． 10考点：程序框图．专题：算法和程序框图．分析：按照程序框图的流程，判断输入的值是否满足判断框中的条件，“是”按y=lgx求出y．解答：解：当x=0.1时，满足第一个判断框中的条件，执行“是”，也满足第二个判断框中的条件，执行“是”，将x=0.1代入y=lgx得y=﹣1故选A．点评：本题考查解决程序框图的选择结构时，关键是判断出输入的值是否满足判断框中的条件．7．已知函数y=﹣xf′（x）的图象如图（其中f′（x）是函数f（x）的导函数），下面四个图象中，y=f（x）的图象可能是（）A． B．C．D．考点：利用导数研究函数的单调性．专题：导数的概念及应用．分析：根据函数y=﹣xf′（x）的图象，依次判断f（x）在区间（﹣∞，﹣1），（﹣1，0），（0，1），（1，+∞）上的单调性即可．解答：解：由函数y=﹣xf′（x）的图象可知：当x＜﹣1时，﹣xf′（x）＞0，f′（x）＞0，此时f（x）增；当﹣1＜x＜0时，﹣xf′（x）＜0，f′（x）＜0，此时f（x）减；当0＜x＜1时，﹣xf′（x）＞0，f′（x）＜0，此时f（x）减；当x＞1时，﹣xf′（x）＜0，f′（x）＞0，此时f（x）增．综上所述，y=f（x）的图象可能是B，故选：B．点评：本题主要考查了函数的单调性与导数的关系，同时考查了分类讨论的思想，属于基础题．8．已知函数f（x）=且f（a）=﹣3，则f（6﹣a）=（）A．﹣B．﹣C．﹣D．﹣考点：分段函数的应用；函数的零点．专题：函数的性质及应用．分析：由f（a）=﹣3，结合指数和对数的运算性质，求得a=7，再由分段函数求得f（6﹣a）的值．解答：解：函数f（x）=且f（a）=﹣3，若a≤1，则2a﹣1﹣2=﹣3，即有2a﹣1=﹣1＜0，方程无解；若a＞1，则﹣log2（a+1）=﹣3，解得a=7，则f（6﹣a）=f（﹣1）=2﹣1﹣1﹣2=﹣．故选：A．点评：本题考查分段函数的运用：求函数值，主要考查指数和对数的运算性质，属于中档题．9．若奇函数f（x）对于任意的x1，x2∈（﹣∞，0]都有（x1﹣x2）[f（x1）﹣f（x2）]＜0，则不等式f（lgx）+f（1）＞0的解集为（）A．B．（0，1）C．D．（1，10）考点：奇偶性与单调性的综合．专题：函数的性质及应用；不等式的解法及应用．分析：利用函数的奇偶性和单调性之间的关系，将不等式进行转化，然后解不等式即可．解答：解：∵对于任意的x1，x2∈（﹣∞，0]都有（x1﹣x2）[f（x1）﹣f（x2）]＜0，∴奇函数f（x）在（﹣∞，0]上单调递减，∴f（x）在[0，+∞）上单调递减，即f（x）在R上单调递减．由f（lgx）+f（1）＞0得f（lgx）＞﹣f（1）=f（﹣1），∴lgx＜﹣1，解得0＜x＜，即不等式的解集为（0，），故选A．点评：本题主要考查函数奇偶性和单调性的应用，利用函数的奇偶性的定义将不等式进行转化是解决本题的关键．10．已知过点A（1，m）恰能作曲线f（x）=x3﹣3x的两条切线，则m的值是（）A．﹣1 B．﹣2 C．﹣3 D．﹣3或﹣2考点：利用导数研究曲线上某点切线方程．专题：函数的性质及应用．分析：设切点为（a，a3﹣3a），利用导数的几何意义，求得切线的斜率k=f′（a），利用点斜式写出切线方程，将点A代入切线方程，可得关于a的方程有两个不同的解，利用参变量分离可得2a3﹣3a2=﹣3﹣m，令g（x）=2x3﹣3x2，利用导数求出g（x）的单调性和极值，则根据y=g（x）与y=﹣3﹣m有两个不同的交点，即可得到m的值解答：解：设切点为（a，a3﹣3a），∵f（x）=x3﹣3x，∴f′（x）=3x2﹣3，∴切线的斜率k=f′（a）=3a2﹣3，由点斜式可得切线方程为y﹣（a3﹣3a）=（3a2﹣3）（x﹣a），∵切线过点A（1，m），∴m﹣（a3﹣3a）=（3a2﹣3）（1﹣a），即2a3﹣3a2=﹣3﹣m，∵过点A（1，m）（m≠﹣2）可作曲线y=f（x）的两条切线，∴关于a的方程2a3﹣3a2=﹣3﹣m有两个不同的根，令g（x）=2x3﹣3x2，∴g′（x）=6x2﹣6x=0，解得x=0或x=1，当x＜0时，g′（x）＞0，当0＜x＜1时，g′（x）＜0，当x＞1时，g′（x）＞0，∴g（x）在（﹣∞，0）上单调递增，在（0，1）上单调递减，在（1，+∞）上单调递增，∴当x=0时，g（x）取得极大值g（0）=0，当x=1时，g（x）取得极小值g（1）=﹣1，关于a的方程2a3﹣3a2=﹣3﹣m有两个不同的根，等价于y=g（x）与y=﹣3﹣m的图象有两个不同的交点，∴﹣3﹣m=﹣1或﹣3﹣m=0，解得m=﹣3或﹣2，∴实数m的值是﹣3或﹣2；故选：D．点评：本题考查了利用导数研究曲线上某点切线方程，导数的几何意义即在某点处的导数即该点处切线的斜率，利用导数研究函数的单调性、极值，解题时要注意运用切点在曲线上和切点在切线上．运用了转化的数学思想方法，属于中档题．11．已知函数f（x）=log a x+x﹣b（其中2＜a＜3＜b＜4），函数f（x）的零点x0∈（n，n+1），n∈N*，则n的值为（）A． 4 B． 3 C． 2 D． 1考点：函数零点的判定定理．专题：函数的性质及应用．分析：把要求零点的函数，变成两个基本初等函数，根据所给的a，b的值，可以判断两个函数的交点的所在的位置，同所给的区间进行比较，得到n的值．解答：解：设函数y=log a x，y=﹣x+b根据2＜a＜3＜b＜4，对于函数y=log a x，当x=2时，函数值y＜1，当x=3时，函数值y＞1，在同一坐标系中划出两个函数的图象，判断两个函数的图形的交点在（2，3）之间，∴函数f（x）的零点x0∈（n，n+1）时，n=2，故选：C点评：本题考查函数零点的判定定理，是一个基本初等函数的图象的应用，这种问题一般应用数形结合思想来解决．12．已知定义在R上的函数f（x）满足f（x+2）=﹣f（x），当x∈（﹣1，3]时，f（x）=，其中t＞0，若方程f（x）=恰有3个不同的实数根，则t的取值范围为（）A．（0，）B．（，2）C．（，3）D．（，+∞）考点：根的存在性及根的个数判断；函数的周期性．专题：计算题；函数的性质及应用．分析：确定f（x）的周期为4，x∈（5，6）时，f（x）=t（x﹣5），x∈（6，7）时，f（x）=t（7﹣x），再利用t＞0，f（x）=恰有3个不同的实数根，可得t（2﹣1）＞，t（6﹣1）＜2，即可求出t的取值范围．解答：解：由f（x+2）=﹣f（x），∴f（x+4）=﹣f（x+2）=f（x），故f（x）的周期为4，∵x∈（1，2）时，f（x）=t（x﹣1），x∈（2，3）时，f（x）=t（3﹣x），∴x∈（5，6）时，f（x）=t（x﹣5），x∈（6，7）时，f（x）=t（7﹣x），∵t＞0，f（x）=恰有3个不同的实数根，∴t（2﹣1）＞，t（6﹣1）＜2∴2＞t＞，故选：B．点评：本题考查函数的周期性、根的存在性及根的个数判断，考查学生的计算能力，属于中档题．二、填空题：本大题共4小题，每小题5分．13．函数f（x）=的定义域为（﹣1，0）∪（0，3] ．考点：对数函数的定义域．专题：函数的性质及应用．分析：由根式内部的代数式大于等于0，分式的分母不等于0，对数式的真数大于0联立不等式组得答案．解答：解：由，解得﹣1＜x＜0或0＜x≤3．∴函数f（x）=的定义域为（﹣1，0）∪（0，3]．故答案为：（﹣1，0）∪（0，3]．点评：本题考查了函数的定义域及其求法，考查了不等式组的解法，是基础题．14．若二次函数y=x2﹣2ax+1在区间（2，3）内是单调函数，则实数a的取值范围是（﹣∞，2]∪[3，+∞）．考点：二次函数的性质．专题：函数的性质及应用．分析：通过配方可知当x＜a时函数单调递减、当x＞a时单调递增，进而可得结论．解答：解：∵y=x2﹣2ax+1=（x﹣a）2+a﹣a2，∴该函数的对称轴为：x=a，且当x＜a时函数单调递减，当x＞a时单调递增，∵该函数在区间（2，3）内是单调函数，∴a≤2或3≤a，故答案为：（﹣∞，2]∪[3，+∞）．点评：本题考查二次函数的性质，注意解题方法的积累，属于基础题．15．已知定义在R上的奇函数f（x）满足f（x﹣4）=﹣f（x），且在区间[0，2]上是增函数．若方程f（x）=m（m＞0）在区间[﹣8，8]上有四个不同的根x1，x2，x3，x4，则x1+x2+x3+x4= ﹣8 ．考点：奇偶性与单调性的综合；函数的周期性．专题：数形结合．分析：由条件“f（x﹣4）=﹣f（x）”得f（x+8）=f（x），说明此函数是周期函数，又是奇函数，且在[0，2]上为增函数，由这些画出示意图，由图可解决问题．解答：解：此函数是周期函数，又是奇函数，且在[0，2]上为增函数，综合条件得函数的示意图，由图看出，四个交点中两个交点的横坐标之和为2×（﹣6），另两个交点的横坐标之和为2×2，所以x1+x2+x3+x4=﹣8．故答案为﹣8．点评：数形结合是数学解题中常用的思想方法，能够变抽象思维为形象思维，有助于把握数学问题的本质；另外，由于使用了数形结合的方法，很多问题便迎刃而解，且解法简捷．16．已知幂函数f（x）的图象经过点（，），P（x1，y1），Q（x2，y2）（x1＜x2）是函数图象上的任意不同两点，给出以下结论：①x1f（x1）＞x2f（x2）；②x1f（x1）＜x2f（x2）；③＞；④＜．其中正确结论的序号是②③．考点：幂函数的性质．分析：利用待定系数法求出幂函数的解析式；幂函数的指数大于0得到幂函数在（0，+∝）上的单调性；图象呈上升趋势，判断出②③正确．解答：解：依题意，设f（x）=xα，则有（）α=，即（）α=（），所以α=，于是f（x）=x．由于函数f（x）=x在定义域[0，+∞）内单调递增，所以当x1＜x2时，必有f（x1）＜f（x2），从而有x1f（x1）＜x2f（x2），故②正确；又因为，分别表示直线OP、OQ的斜率，结合函数图象，容易得出直线OP的斜率大于直线OQ的斜率，故＞，所以③正确．答案②③点评：本题考查利用待定系数法求幂函数的解析式、考查幂函数的性质由幂函数的指数的取值决定．三、解答题：本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤. 17．设，其中a为正实数（Ⅰ）当a=时，求f（x）的极值点；（Ⅱ）若f（x）为R上的单调函数，求a的取值范围．考点：利用导数研究函数的极值；利用导数研究函数的单调性；一元二次不等式的解法．专题：计算题．分析：（Ⅰ）首先对f（x）求导，将a=代入，令f′（x）=0，解出后判断根的两侧导函数的符号即可．（Ⅱ）因为a＞0，所以f（x）为R上为增函数，f′（x）≥0在R上恒成立，转化为二次函数恒成立问题，只要△≤0即可．解答：解：对f（x）求导得f′（x）=e x …①（Ⅰ）当a=时，若f′（x）=0，则4x2﹣8x+3=0，解得结合①，可知所以，是极小值点，是极大值点．（Ⅱ）若f（x）为R上的单调函数，则f′（x）在R上不变号，结合①与条件a＞0知ax2﹣2ax+1≥0在R上恒成立，因此△=4a2﹣4a=4a（a﹣1）≤0，由此并结合a＞0，知0＜a≤1．点评：本题考查求函数的极值问题、已知函数的单调性求参数范围问题，转化为不等式恒成立问题求解．18．已知函数f（x）=ax3+bx+c在点x=2处取得极值c﹣16．（Ⅰ）求a，b的值；（Ⅱ）若f（x）有极大值28，求f（x）在[﹣3，3]上的最小值．考点：利用导数求闭区间上函数的最值；函数在某点取得极值的条件．专题：综合题；探究型；方程思想；转化思想．分析：（Ⅰ）由题设f（x）=ax3+bx+c，可得f′（x）=3ax2+b，又函数在点x=2处取得极值c﹣16，可得解此方程组即可得出a，b的值；（II）结合（I）判断出f（x）有极大值，利用f（x）有极大值28建立方程求出参数c的值，进而可求出函数f（x）在[﹣3，3]上的极小值与两个端点的函数值，比较这此值得出f （x）在[﹣3，3]上的最小值即可．解答：解：（Ⅰ）由题f（x）=ax3+bx+c，可得f′（x）=3ax2+b，又函数在点x=2处取得极值c﹣16∴，即，化简得解得a=1，b=﹣12（II）由（I）知f（x）=x3﹣12x+c，f′（x）=3x2﹣12=3（x+2）（x﹣2）令f′（x）=3x2﹣12=3（x+2）（x﹣2）=0，解得x1=﹣2，x2=2当x∈（﹣∞，﹣2）时，f′（x）＞0，故f（x）在∈（﹣∞，﹣2）上为增函数；当x∈（﹣2，2）时，f′（x）＜0，故f（x）在（﹣2，2）上为减函数；当x∈（2，+∞）时，f′（x）＞0，故f（x）在（2，+∞）上为增函数；由此可知f（x）在x1=﹣2处取得极大值f（﹣2）=16+c，f（x）在x2=2处取得极小值f（2）=c﹣16，由题设条件知16+c=28得，c=12此时f（﹣3）=9+c=21，f（3）=﹣9+c=3，f（2）=﹣16+c=﹣4因此f（x）在[﹣3，3]上的最小值f（2）=﹣4点评：本题考查利用导数求闭区间上函数的最值及利用导数求函数的极值，解第一小题的关键是理解“函数在点x=2处取得极值c﹣16”，将其转化为x=2处的导数为0与函数值为c ﹣16两个等量关系，第二小时解题的关键是根据极大值为28建立方程求出参数c的值．本题考查了转化的思想及方程的思想，计算量大，有一定难度，易因为不能正确转化导致无法下手求解及计算错误导致解题失败，做题时要严谨认真，严防出现在失误．此类题是高考的常考题，平时学习时要足够重视．19．已知函数f（x）=lnx﹣ax2﹣2x（a＜0）（1）若函数f（x）在定义域内单调递增，求a的取值范围；（2）若a=﹣且关于x的方程f（x）=﹣x+b在[1，4]上恰有两个不相等的实数根，求实数b的取值范围．考点：函数的单调性与导数的关系；利用导数研究函数的极值．专题：计算题．分析：（1）对函数f（x）进行求导，令导数大于等于0在x＞0上恒成立即可．（2）将a的值代入整理成方程的形式，然后转化为函数考虑其图象与x轴的交点的问题．解答：解：（1）f'（x）=﹣（x＞0）依题意f'（x）≥0 在x＞0时恒成立，即ax2+2x﹣1≤0在x＞0恒成立．则a≤=在x＞0恒成立，即a≤[﹣1]min x＞0当x=1时，﹣1取最小值﹣1∴a的取值范围是（﹣∝，﹣1]（2）a=﹣，f（x）=﹣x+b∴设g（x）=则g'（x）=列表：X （0，1）1 （1，2）2 （2，4）g′（x）+ 0 ﹣0 +g（x）↑极大值↓极小值↑∴g（x）极小值=g（2）=ln2﹣b﹣2，g（x）极大值=g（1）=﹣b﹣，又g（4）=2ln2﹣b﹣2∵方程g（x）=0在[1，4]上恰有两个不相等的实数根．则，得ln2﹣2＜b≤﹣．点评：本题主要考查函数单调性与其导函数正负之间的关系，即当导函数大于0时原函数单调递增，当导函数小于0时原函数单调递减．20．已知函数（1）当m=2时，求曲线y=f（x）在点（1，f（1））处的切线方程；（2）当时，讨论f（x）的单调性；（3）设g（x）=x2﹣2x+n．当时，若对任意x1∈（0，2），存在x2∈[1，2]，使f（x1）≥g（x2），求实数n的取值范围．考点：利用导数研究曲线上某点切线方程；利用导数研究函数的单调性；利用导数求闭区间上函数的最值．专题：计算题．分析：（1）欲求曲线y=f（x）在点（1，f（1））处的切线方程只需求出切线斜率k=f′（1），从而求出所求；（2）先求导函数，然后讨论m的范围，得到导函数的符号，得到函数的单调性；（3）根据（2）求出对任意x1∈（0，2），f（x1）≥f（1）=，然后根据题意可知存在x2∈[1，2]使g（x）=x2﹣2x+n≤，解之即可．解答：解：（1）当m=2时，f（x）=lnx﹣2x﹣（x∈（0，+∞））因此f（1）=﹣3，f′（x）=﹣2+，切线斜率k=f′（1）=0所以切线方程为y=﹣3（2）f′（x）=﹣m+=令h（x）=﹣mx2+x+m﹣1（x∈（0，+∞））当m=0时，h（x）=x﹣1，令h（x）＞0，x＞1，h（x）＜0，0＜x＜1∴f（x）在（0，1）上是减函数，f（x）在（1，+∞）上是增函数当m≠0时，h（x）=﹣m（x﹣1）[x﹣（﹣1）]，当m＜0时，﹣1＜0＜1，f（x）在（0，1）上是减函数，f（x）在（1，+∞）上是增函数0＜m≤时，0＜1＜﹣1，f（x）在（0，1），（﹣1，+∞）上是减函数，f（x）在（1，﹣1）上是增函数（3）当时，f（x）在（0，1）上是减函数，f（x）在（1，2）上是增函数∴对任意x1∈（0，2），f（x1）≥f（1）=又已知存在x2∈[1，2]，使f（x1）≥g（x2），所以g（x2）≤，x2∈[1，2]，即存在x2∈[1，2]使g（x）=x2﹣2x+n≤即n﹣1≤解得n≤点评：本题主要考查了利用导数研究曲线上某点切线方程，以及利用导数研究函数的单调性，同时考查了分类讨论的数学思想和转化的思想，属于中档题．21．已知函数f（x）=e x+2x2﹣3x（1）求曲线y=f（x）在点（1，f（1））处的切线方程；（2）当x≥1时，若关于x的不等式f（x）≥ax恒成立，求实数a的取值范围；（3）求证函数f（x）在区间[0，1）上存在唯一的极值点，并用二分法求函数取得极值时相应x的近似值（误差不超过0.2）；（参考数据e≈2.7，≈1.6，e0.3≈1.3）．考点：利用导数研究曲线上某点切线方程；利用导数研究函数的极值；利用导数求闭区间上函数的最值．专题：综合题；导数的概念及应用．分析：（1）求导数，可得切线斜率，求出切点的坐标，即可得出切线方程；（2）分离参数，构造函数求最值，即可求实数a的取值范围；（3）证明f'（0）•f'（1）＜0，f'（x）在[0，1]上单调递增，可得f'（x）在[0，1]上存在唯一零点，f（x）在[0，1]上存在唯一的极值点，再利用二分法求出x的近似值．解答：解：（1）∵f（x）=e x+2x2﹣3x，∴f′（x）=e x+4x﹣3，∴f′（1）=e+1，∵f（1）=e﹣1，∴曲线y=f（x）在点（1，f（1））处的切线方程为y﹣e+1=（e+1）（x﹣1），即（e+1）x﹣y ﹣2=0；（2）x≥1时，不等式f（x）≥ax，可得a≤，令g（x）=，∴g′（x）=，∵x≥1，∴g′（x）＞0，∴g（x）在[1，+∞）上是增函数，∴g（x）min=g（1）=e﹣1，∴a≤e﹣1；（3）∵f'（0）=e0﹣3=﹣2＜0，f'（1）=e+1＞0，∴f'（0）•f'（1）＜0令h（x）=f'（x）=e x+4x﹣3，则h'（x）=e x+4＞0，f'（x）在[0，1]上单调递增，∴f'（x）在[0，1]上存在唯一零点，f（x）在[0，1]上存在唯一的极值点．取区间[0，1]作为起始区间，用二分法逐次计算如下由上表可知区间[0.3，0.6]的长度为0.3，所以该区间的中点x2=0.45，到区间端点的距离小于0.2，因此可作为误差不超过0.2一个极值点的相应x的值∴函数y=f（x）取得极值时，相应x≈0.45．点评：本题考查导数知识的运用，考查导数的几何意义，考查函数的最值与零点，正确分离参数求最值是关键．22．设函数f（x）=xe kx（k≠0）．（Ⅰ）求曲线y=f（x）在点（0，f（0））处的切线方程；（Ⅱ）求函数f（x）的单调区间；（Ⅲ）若函数f（x）在区间（﹣1，1）内单调递增，求k的取值范围．考点：利用导数研究曲线上某点切线方程；利用导数研究函数的单调性．专题：计算题；压轴题．分析：（I）欲求出切线方程，只须求出其斜率即可，故先利用导数求出在x=0处的导函数值，再结合导数的几何意义即可求出切线的斜率．从而问题解决．（II）先求出f（x）的导数，根据f′（x）＞0求得的区间是单调增区间，f′（x）＜0求得的区间是单调减区间即可；（III）由（Ⅱ）知，若k＞0，则当且仅当﹣≤﹣1时，函数f（x）（﹣1，1）内单调递增，若k＜0，则当且仅当﹣≥1时，函数f（x）（﹣1，1）内单调递增，由此即可求k的取值范围．解答：解：（Ⅰ）f′（x）=（1+kx）e kx，f′（0）=1，f（0）=0，曲线y=f（x）在点（0，f（0））处的切线方程为y=x；（Ⅱ）由f′（x）=（1+kx）e kx=0，得x=﹣（k≠0），若k＞0，则当x∈（﹣∞，﹣）时，f′（x）＜0，函数f（x）单调递减，当x∈（﹣，+∞，）时，f′（x）＞0，函数f（x）单调递增，若k＜0，则当x∈（﹣∞，﹣）时，f′（x）＞0，函数f（x）单调递增，当x∈（﹣，+∞，）时，f′（x）＜0，函数f（x）单调递减；（Ⅲ）由（Ⅱ）知，若k＞0，则当且仅当﹣≤﹣1，即k≤1时，函数f（x）（﹣1，1）内单调递增，若k＜0，则当且仅当﹣≥1，即k≥﹣1时，函数f（x）（﹣1，1）内单调递增，综上可知，函数f（x）（﹣1，1）内单调递增时，k的取值范围是[﹣1，0）∪（0，1]．点评：本小题主要考查直线的斜率、利用导数研究函数的单调性、利用导数研究曲线上某点切线方程等基础知识，考查运算求解能力以及分类讨论思想．属于基础题．。
河南省三门峡市高二物理下学期期末调研考试试题(扫描版)
河南省三门峡市2014-2015学年高二物理下学期期末调研考试试题（扫描版）★2015年5月6日3-4答案：每题4分，共48分，全部选对得4分，选对但选的不全得2分，不选或错选得0分.D 2.A 3.D 4.C 5.D 6.B 7.B8.B 9.B 10. AD 11.ABD 12.AC二、每空2分，共14分。
13.（1）14.35 （2）2S 14.光源 滤光片 单缝 双缝 593三、共38分。
15.（12分）解：设光线射到AB 面时入射角为α．光路图如图所（3分）因E 点为OA 的中点，所以由几何知识得：α=30°① （ 2分 ）β=θ=75°②临界角为：C=180°-2α-β=45° ③ （2分） OB 面恰好发生全反射，则 sinC= （3分）解得：n ＝错误！未找到引用源。
（2分）16.（14分）①设光线P 经折射后经过B 点，光线如图所示．（4分） 根据折射定律 （2分）在△OBC 中，（2分） 可得， 所以 （2分）②在△DBC 中， （2分） 在圆柱体中的运行时间（2分）17.（12分）解： 距A 点1米处的质点在先经过的左边的A 波路程为s1=2×4cm=8cm （2分） B 波22秒传播的距离为：x=vt=22m ； （2分）B 波的波长（2分） B 波已经传播过距A 点1米处的质点；经过此点1.5个波长，故此点又振动的路程为s2=6×20cm=120cm ； （4分）距A 点1米处的质点，在t ＝0到t ＝22 s 内所经过的路程：s=s1+s2=128cm （2分）3-5答案：每小题4分，共48分。
全部选对得4分，选对但选的不全得2分，不选或错选得0分.A 2.A 3.D 4.A 5.A 6.AC 7.BC1n8.BD 9.AD 10. BC 11.BC 12.AD二．每空3分，共15分。
13.，14.（1）ADE （2）m1·OM+m2·ON=m1·OP （3）69.45共37分。
河南省三门峡市陕州中学高二物理下学期第二次精英对抗
2014-2015学年下期高二第二次精英对抗赛物理试卷一、选择题（本题共12个小题，每小题4分，共48分。
其中1-10题为单选题，11-12题为多选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．以下说法正确的是（）A．汤姆生发现电子并提出了原子核式结构模型B．查德威克通过实验证实了原子核内存在中子C．放射性元素放出的β粒子就是原子的核外电子D．结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定2.下列光的波粒二象性的说法中，正确的是（）A．有的光是波，有的光是粒子B．光子与电子是同样的一种粒子C．光的波长越长，其波动性越显著；波长越短，其粒子性越显著D．大量光子的行为往往显示出粒子性3．一束绿光照射某金属发生了光电效应，对此，以下说法中正确的是（）A．若增加绿光的照射强度，则单位时间内逸出的光电子数目不变B．若增加绿光的照射强度，则逸出的光电子最大初动能增加C．若改用紫光照射，则逸出光电子的最大初动能增加D．若改用紫光照射，则单位时间内逸出的光电子数目一定增加4．在光电效应实验中，如果需要增大光电子到达阳极时的速度，可采用哪种方法（）A．增加光照时间B．增大入射光的波长C．增大入射光的强度D．增大入射光频率5.船和人的总质量为M，原来静止在水面上，质量为m的人从船头水平跳出后，船获得的反冲速度为V，则人跳出去时的速度为（）A．MV/m B．(m-M)V/m C．MV/(M-m) D．mV/(M+m)6．如图所示，放在光滑水平地面上的小车质量为M，它两端各有弹性挡板P和Q，车内表面动摩擦因数为μ。
质量为m的物体放在车上，在极短时间内给物体施加向右的冲量I，物体与Q作弹性碰撞，后又返回，再与P作弹性碰撞，这样物体在车内来回与P和Q碰撞若干次后，最终物体的速度为（）A.0B.I/mC.I/(M+m)D.无法确定7．下列说法正确的是（）A．光和电子、质子等实物粒子都具有波粒二象性B．微观粒子的动量和位置的不确定量同时变大，同时变小C．爱因斯坦在对黑体辐射的研究中提出了能量子的观点D．康普顿在研究石墨对X射线的散射中发现光具有波动性8．目前，在居室装修中经常用到花岗石、大理石等装饰材料，这些岩石都不同程度地含有放射性元素。
高一物理期末试题-三门峡市陕州中学2014-2015学年高一下学期模拟考试物理试题及答案试题
2014—2015学年下期模拟考试高一物理分值：100分 时间：90分钟第I 卷 选择题 （共56分）一、选择题（本题共14小题，共56分，每个小题至少有一个正确答案，答对得4分，答不全得2分）1、关于曲线运动，下列说法中正确的是（ ）A ．做曲线运动的物体其速度大小一定变化B ．做曲线运动的物体加速度方向不一定变化C ．做匀速圆周运动的物体，所受合外力不一定时刻指向圆心D ．平抛运动是一种匀变速曲线运动2、若河水的流速大小与水到河岸的距离有关，河中心水的流速最大，河岸边缘处水的流速最小．现假设河的宽度为120m ，河中心水的流速大小为4m/s ，船在静水中的速度大小为3m/s ，则下列说法中正确的是（ ）A ．船渡河的最短时间是24sB ．要使船渡河时间最短，船头应始终与河岸垂直C ．船在河水中航行的最短路程是120mD ．船在河水中最大速度为5m/s3、物体以0v 的速度水平抛出，当其竖直分位移与水平分位移大小相等时，下列说法中正确的是 ( )A. 竖直分速度与水平分速度大小相等B. 瞬时速度的大小为05vC. 运动时间为g v 02D. 运动位移的大小为g v 20224、如图所示，将完全相同的两个小球AB 用长L=0.8m 的细绳分别悬于以v=4m/s 向右做匀速直线运动的小车顶部，两球分别与小车前后壁接触（210s m g ）。
由于某种原因，小车突然停止，此时悬线中张力之比B A F F :为 ( )A.3:1B.2:1C.4:1D.1:25、关于第一宇宙速度，下列说法中正确的是（ ）A ．它是人造地球卫星绕地球飞行的最小速度B ．它是卫星在椭圆轨道上运行时在近地点的速度C ．它是近地圆轨道上人造卫星的运行速度D ．它又叫环绕速度，即绕地球做圆轨道运行的卫星的速度都是第一宇宙速度6、地球同步卫星到地心的距离r a 的单位是m ，b 的单位是s ，c 的单位是2s m ，则（ ）A ．a 是地球半径，b 是地球自转的周期，c 是地球表面处的重力加速度B ．a 是同步卫星轨道半径，b 是同步卫星绕地心运动的周期，c 是同步卫星的加速度C ．a 是赤道周长，b 是地球自转周期，c 是同步卫星的角速度D a 是同步卫星轨道半径，b 是同步卫星运动的周期，c 是地球表面处的重力加速度7、如图所示，在发射地球同步卫星的过程中，卫星首先进入椭圆轨道I ，然后在Q 点通过改变卫星速度，让卫星进人地球同步轨道Ⅱ，则下列说法正确的是（ ）A ．该卫星需在Q 点点火加速才能进入同步轨道ⅡB ．卫星在同步轨道II 上的运行速度大于在轨道I 上Q 点的速度C ．卫星在轨道I 上P 点的速度小于在轨道Ⅱ上的速度D ．如果要把该同步卫星回收且在P 点着陆可在轨道Ⅱ上的Q 点通过点火减速实现8、如图所示，B 物体在拉力F 的作用下向左运动，在运动的过程中，A 、B 间有相互作用的摩擦力，则摩擦力做功的情况是( )A. A 、B 都克服摩擦力做功B ．摩擦力对A 不做功，B 克服摩擦力做功C ．摩擦力对A 、B 都不做功D ．摩擦力对A 做功，B 克服摩擦力做功9、一列火车在恒定功率下由静止从车站出发，沿直轨道运动，行驶5min 后速度达到s m 20，设列车所受阻力恒定，则可以判定列车在这段时间内行驶的距离 ( )A.一定大于3kmB.可能等于3kmC.一定小于3kmD.以上说法都不对10、a 、b 、c 三球自同一高度以相同速率抛出,a 球竖直上抛,b 球水平抛出,c 球竖直下抛.不考虑空气阻力。
2014-2015学年河南省三门峡市陕州中学高二(下)月考物理试卷
2014-2015学年河南省三门峡市陕州中学高二（下）月考物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共7小题，共28.0分)1.在物理学的重大发现中，科学家们创造出了许多物理学研究方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等，以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（）A.根据速度定义式v=，当△t非常非常小时，就可以表示物体在该时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法B.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法C.在探究加速度与力和质量三者之间关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法【答案】B【解析】解：A、根据速度定义式v=，当△t非常非常小时，就可以表示物体在该时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法，故A错误；B、质点采用的科学方法为建立理想化的物理模型的方法，故B错误；C、在探究加速度与力和质量三者之间关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法，故C正确；D、在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故D正确；本题选不正确的，故选：B．在研究多个量之间的关系时，常常要控制某些物理量不变，即控制变量法；当时间非常小时，我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即称之为瞬时速度，采用的是极限思维法；质点是实际物体在一定条件下的科学抽象，是采用了建立理想化的物理模型的方法；在研究曲线运动或者加速运动时，常常采用微元法，将曲线运动变成直线运动，或将变化的速度变成不变的速度．在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习．2.一辆汽车以速度v行驶了全程的一半，然后匀减速行驶了一半，恰好停止，则全程的平均速度为（）A. B. C. D.【答案】B解：设全程为s，前半程的时间t1=．后半程做匀减速直线运动，后半程的平均速度=，则后半程的运动时间t2==．则全程的平均速度==．故B正确，A、C、D错误．故选B．分别求出前一半路程和后一半路程运行的时间，从而等于总路程除以总时间求出全程的平均速度．解决本题的关键掌握平均速度的定义式=，以及掌握匀变速直线运动平均速度的推论=．3.如图所示，将一个质量为m的球固定在弹性杆AB的上端，今用测力计沿水平方向缓慢拉球，使杆发生弯曲，在测力计的示数逐渐增大的过程中，AB杆对球的弹力方向为（）A.始终水平向左B.始终竖直向上C.斜向左上方，与竖直方向的夹角逐渐增大D.斜向左下方，与竖直方向的夹角逐渐增大【答案】C【解析】解：以球为研究对象，分析受力情况：重力G、测力计的拉力T和AB杆对球作用力F，由平衡条件知，F与G、T的合力大小相等、方向相反，作出力的合成图如图．则有G、T的合力方向斜向右下方，测力计的示数逐渐增大，T逐渐增长，根据向量加法可知G、T的合力方向与竖直方向的夹角逐渐增大，所以AB杆对球的弹力方向斜向左上方，与竖直方向的夹角逐渐增大，所以选项ABD错误，C正确．故选C．分析球的受力情况：重力、测力计的拉力和AB杆对球作用力，由平衡条件求出AB杆对球弹力方向．本题是三力平衡问题，分析受力情况，作出力图是关键．难度不大．4.如图所示，两梯形木块A、B叠放在水平地面上，A、B之间的接触面倾斜．A的左侧靠在光滑的竖直墙面上，关于两木块的受力，下列说法正确的是（）A.A、B之间一定存在摩擦力作用B.木块A可能受三个力作用C.木块A一定受四个力作用D.木块B受到地面的摩擦力作用方向向右【答案】B【解析】解：A、由于AB间接触面情况未知，若AB接触面光滑，则AB间可以没有摩擦力；故B、对整体受力分析可知，A一定受向右的弹力；另外受重力和支持力；因为AB间可能没有摩擦力；故A可能只受三个力；故B正确；C错误；D、木块B受重力、压力、A对B的垂直于接触面的推力作用，若推力向右的分力等于F，则B可能不受摩擦力；故D错误；故选：B．分别对AB及整体进行分析，由共点力的平衡条件可判断两物体可能的受力情况．本题考查受力分析及共点力的平衡，在判断接触面间的作用力，特别是摩擦力时要注意应用假设法及共点力的平衡条件进行判断．5.如图，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度相同的光滑轨道．甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A处自由滑向B处，下列说法正确的有（）A.甲的切向加速度始终比乙的大B.甲、乙在同一高度的速度大小不相等C.甲、乙在同一时刻总能到达同一高度D.甲比乙先到达B处【答案】D【解析】解：A、由受力分析及牛顿第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的小，故A错误；B：由机械能守恒定律可知，各点的机械能保持不变，高度（重力势能）相等处的动能也相等，故速度大小相等，但速度方向不同，故B错误；C、D：甲的切向加速度先比乙的大，速度增大的比较快，开始阶段的位移比较大，故甲总是先达到同一高度的位置．故C错误，D正确．故选：D．①由受力分析及牛顿第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的小；②可以使用机械能守恒来说明，也可以使用运动学的公式计算，后一种方法比较麻烦；③哪一个先达到B点，可以通过速度的变化快慢来理解，也可以使用v-t图象来计算说明．甲乙下滑时满足机械能守恒，可以由此判定在同一高度时物体的动能相同，总位移相等可以根据速度的变化情况判断平均速度的变化情况来分析．关键是分析甲乙开始时的加速度变化情况．6.木块A、B分别重50N和70N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.2，与A、B相连接的轻弹簧被压缩了5cm，系统置于水平地面上静止不动，己知弹簧的劲度系数为100N/m．用F=7N的水平力作用在木块A上，滑动摩擦力近似等于最大摩擦力．如图所示，力F作用后（）A.木块A所受摩擦力大小是10N B.木块A所受摩擦力大小是2NC.弹簧的弹力是12ND.木块B受摩擦力大小为12N【答案】B【解析】解：A、B与地面间的最大静摩擦力分别为：f m A=μG A=0.2×50N=10N，f m B=μG B=0.2×70N=14N根据胡克定律得，弹簧的弹力大小为F弹=kx=100×0.05N=5N当F=7N时，F-F弹=2N＜f m A，F弹＜f m B，所以两物体都保持静止状态．A所受摩擦力分别为f A=F-F弹=2N，方向水平向左．B所受的摩擦力为f B=F弹=5N，方向水平向左．故选：B．根据弹簧压缩的长度与劲系数，由胡克定律求出弹力．由动摩擦因数和重力求出两物体的最大静摩擦力，判断两物体的状态，再选择方法求解摩擦力．本题求解摩擦力时，首先要根据外力与最大静摩擦力的关系分析物体的状态，再根据状态研究摩擦力．7.如图所示，一小球用轻绳悬于O点，用力F拉住小球，使悬线保持偏离竖直方向75°角，且小球始终处于平衡状态，为了使F有最小值，F与竖直方向的夹角θ应该是（）A.90°B.15°C.45°D.0°【答案】B【解析】解：小球受三个力处于平衡，重力的大小和方向都不变，绳子拉力方向不变，因为绳子拉力和外力F的合力等于重力，通过作图法知，当F的方向与绳子方向垂直时，由于垂线段最短，所以F最小，则θ=15°．故B正确，A、C、D错误．故选B．小球始终处于平衡状态，合力为零，根据共点力平衡，抓住重力不变，细绳的拉力方向不变，运用作图法求出F的最小值．本题属于力学的动态分析，关键能够正确进行受力分析，抓住不变量，运用作图法进行求解．二、多选题(本大题共3小题，共12.0分)8.一物体沿直线运动，其v-t图象如图所示，则关于该物体的运动情况，下述正确的是（）A.第1s末物体的位移和速度都改变方向B.第2s末物体的位移和速度都改变方向C.前4s内物体的位移为零D.第1s末、第3s末、第5s末物体所在的位置相同【答案】CD【解析】解：A、第1s末物体的速度没有改变，则位移方向也不变，故A错误．B、第2s末物体的速度方向改变，但位移沿原方向，故B错误．C、根据图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负，则知前4s内物体的位移为零，故C正确．D、根据面积可知，第1s末、第3s末、第5s末物体的位移相同，则所在的位置相同，故D正确．故选：CD．方向，故方向变化发生在和时间轴相交处，即图线从时间轴的上部穿到下部，或从下部穿到上部，速度的方向才发生变化．位移可根据图象与坐标轴围成的面积分析．图象的识别，重点要看清坐标轴，其次要看斜率，交点等位置，和它们表示的含义，以此来解题．9.一个做变速直线运动的物体，加速度逐渐减小到零，那么该物体的运动情况可能是（）A.速度不断增大，到加速度为零时，速度达到最大，而后做匀速直线运动B.速度不断增大，到加速度减为零时，物体停止运动C.速度不断减小到零，然后又相反方向做加速运动，而后物体做匀速直线运动D.速度不断减小，到加速度为零时速度减到最小，而后物体做匀速直线运动【答案】ACD【解析】解：A、若物体做加速运动，速度方向与加速度方向相同，加速度减小，速度仍然增大，当加速度减小为0时，速度最大，而后做匀速直线运动．故A正确，B错误．C、当加速度方向与速度方向相反，速度减小，当加速度还未减小到零，速度已减小到零，则会反向做加速运动，当加速度减小到零，做匀速直线运动．故C正确．D、当加速度方向与速度方向相反，速度减小，当加速度减小到零，速度还未减小到零，以后做匀速直线运动．故D正确．故选ACD．当加速度的方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度的方向与速度方向相反时，做减速运动．解决本题的关键掌握判断加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向和速度方向的关系．10.用一轻绳将小球P系于光滑墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q，如图所示．P、Q均处于静止状态，则下列相关说法正确的是（）A.P物体受4个力B.Q受到3个力C.若绳子变长，绳子的拉力将变小D.若绳子变短，Q受到的静摩擦力将增大【答案】AC【解析】解：A、P受到重力、Q的支持力和静摩擦力，绳子的拉力，共4个力作用，故A正确．B、Q受到重力、墙壁的弹力、P的压力和静摩擦力，共4个力作用，故B错误．C、设绳子与竖直方向的夹角为α，P的重力为G，绳子的拉力大小为F，则由平衡条件得：f=G Q，G P+f=F cosα，则G P+G Q=F cosα，G P与G Q不变，若绳子变长，α变小，cosα变大，则F变小，故C正确．D、Q受到的静摩擦力竖直向上，与其重力平衡，与绳子长度无关，所以若绳子变短，Q受到的静摩擦力不变，故D错误．故选AC．先对小球P受力分析，然后对小方块Q受力分析，对P，由平衡条件研究绳子变长时，绳子的拉力如何变化．为了防止多力或少力，一般按重力、弹力和摩擦力的顺序分析物体的受力情况．三、填空题(本大题共1小题，共6.0分)11.某物体牵引穿过打点计时器的纸带运动，计时器每隔T=0.02s打出一点，从纸带上已测得连续8个时间间隔T内的位移，如图所示，AB=5.62cm，BC=5.23cm，CD=4.85cm，DE=4.47cm，EF=4.08cm，FG=3.70cm，GH=3.31cm，HI=2.92cm．（结果保留三位有效数字）①这是不是匀变速运动？根据什么？______ ．②若是匀变速直线运动，则物体的加速度a的大小为______ m/s2．③B点的瞬时速度υB= ______ m/s．【答案】是匀变速运动，因为相邻两段位移之差是个定值；9.63；2.71【解析】解：①AB=5.62cm，BC=5.23cm，CD=4.85cm，DE=4.47cm；EF=4.08cm，FG=3.70cm，GH=3.31cm，HI=2.92cm；x AB-x BC=0.39cm，x BC-x CD=0.38cm，x CD-x DE=0.38cm，x DE-x EF=0.39cm，x EF-x FG=0.38cm，x FG-x GH=0.39cm，x GH-x HI=0.39cm；从数据上看出相邻的相等时间内的位移之差几乎不变，所以物体做的是匀变速运动．②设A到B之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4、x5、x6、x7、x8根据匀变速直线运动的推论公式△x=a T2可以求出加速度的大小，得：x5-x1=4a1T2x6-x4=4a2T2x7-x3=4a3T2x8-x4=4a4T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3+a4）即小车运动的加速度计算表达式为：a=整理得：a==-9.63m/s2负号表示加速度方向与速度方向相反．③根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小．v B===2.71m/s故答案为：①是匀变速运动，因为相邻两段位移之差是个定值；②9.63；③2.71．根据相邻的计时点的距离变化判断物体的运动．根据匀变速直线运动的推论公式△x=a T2可以求出加速度的大小．根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B、C点时小车的瞬时速度大小．要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．四、实验题探究题(本大题共1小题，共10.0分)12.某同学在做“测定木板与木块间动摩擦因数”的实验时，设计了两种实验方案：方案一：木板固定，用弹簧测力计拉动木块，如图（a）所示．方案二：用弹簧测力计钩住木块，用力拉动木板，如图（b）所示．除了实验必须的弹簧测力计、木块、木板、细线外，该同学还准备了若干重量均为2.00N的砝码．（1）上述两种方案中，你认为更合理的方案是______ ，理由是______ ．（2）该同学在木块上加放砝码，改变木块对木板的压力，记录了5组实验数据，如下请根据上述数据在坐标纸上（图）作出摩擦力和砝码对木块的压力F的关系图象（以F为横坐标）．并分析图象不过原点的原因是______ ．求木块间的滑动摩擦因数为______ ．【答案】方案二；图（b）中固定弹簧测力计，拉动木板做相对运动，更容易控制拉动的速度，使示数更稳定，测量更准确．；压力N中漏掉了木块的重力；0.25【解析】解：（1）方案二更合理．理由是：图（b）中固定弹簧测力计，拉动木板做相对运动，更容易控制拉动的速度，使示数更稳定，测量更准确．（2）采用描点法画出的图象如下：当砝码对木块的压力F=0时，摩擦力f≠0，所以图象不过原点的原因是：压力N中漏掉了木块的重力．由题意可知，图象的斜率k=μ==0.25故答案为：（1）方案二，图（b）中固定弹簧测力计，拉动木板做相对运动，更容易控制拉动的速度，使示数更稳定，测量更准确．（2）图线如图，压力N中漏掉了木块的重力，0.25（1）方案一：对摩擦力的测量是采用“间接法”进行的，只有当弹簧秤拉动木块匀速运动时，拉力才与摩擦力成为一对平衡力，它们大小相等．方案二：拉动木板时，木块受到向左的摩擦力，由于木块相对地面静止，则摩擦力与弹簧秤的拉力是一对平衡力．（2）采用描点法做出图象．在本实验中，准确读出弹簧测力计的示数是关键，因此，只有使物体做匀速直线运动，其拉力与摩擦力才是一对平衡力，改进后的方案也是为了使读数更准确．五、计算题(本大题共4小题，共44.0分)13.摩托车从A点由静止出发做匀加速直线运动，用7s时间通过一座长BC=14m的平桥，过桥后的速度是3m/s．（1）它刚开上桥头时的速度v B有多大？（2）桥头与出发点相距多远？【答案】解：（1）在过桥过程中的平均速度==2m/s匀变速直线运动的平均速度故：v B=1m/s（2）匀变速直线运动的加速度a===根据速度位移公式v t2=2ax，代入数据得，x=m=1.75m故桥头与出发点间的距离为1.75m．答：（1）它刚开上桥头B时的速度v B为1m/s；（2）桥头B与出发点相距1.75m．【解析】（1）根据运动的位移和时间求出平均速度，在匀变速直线运动中平均速度，根据该式求出刚开上桥头时的速度．（2）根据初末速度及运行时间，求出加速度，然后根据速度位移公式求出桥头与出发点的距离．解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式，以及平均速度公式．14.A、B两辆汽车在笔直公路上同向行驶，当B车在A车前84m处时，B车速度为4m/s，且正以某加速度匀加速运动，经过一段时间后，B车加速度突然变为零，此时B车的速度为16m/s，A车一直以20m/s的速度在后头追赶，经过12s后，A车追上B车，问B 车的加速时间是多少？解：设B车加速时的加速度为a，加速时间为t，由题意有：V B+at=V B’…①V A t0=V B t+at2+V B’（t0-t）+x0…②由①式得：加速度为：a=代入②得：解得：t=6s答：B车加速时间为6s．【解析】B车先做匀加速运动，加速度变为0后做匀速直线运动，速度即为匀加速运动的末速度．根据速度列出匀速运动的速度与匀加速运动的时间的关系式．经过12s后两车相遇时，两车的位移之差等于84m，根据位移公式列式求解．本题关键是抓住匀变速直线运动的速度时间关系和位移时间关系，由相遇条件列式求解即可，不难属于基础题．15.如图所示，小球被轻质细绳系住斜吊着放在静止光滑斜面上，设小球质量m=1kg，斜面倾角θ=30°，悬线与竖直方向夹角α=30°，光滑斜面M=3kg置于粗糙水平面上，求：（1）悬线对小球拉力的大小．（2）地面对斜面的摩擦力的大小和方向．（g=10m/s2）【答案】解：（1）以小球为研究对象，受力分析如答图1所示．根据平衡条件得知，T与N的合力F=mgT cos30°= F解得：=NT=°（2）以小球和斜面整体为研究对象，受力分析如答图2所示．由于系统静止，合力为零，则有：f=T cos60°=×N=N方向水平向左答：（1）悬线对小球拉力大小为N；【解析】（1）以小球为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件求解悬线对小球拉力大小．（2）以小球和斜面整体为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件求解地面对斜面的摩擦力的大小和方向．本题是两个物体的平衡问题，要灵活选择研究对象，正确分析受力，作出力图，是解题的关键．16.如图所示，半径为R、质量为M的均匀球靠竖直墙放置，左下方有一厚为h、质量为m的木块．若不计摩擦，用至少多大的水平力F推木块才能使球离开地面？此时木块对地的压力为多大？【答案】解：球刚好离开地面时，球和木块的受力情况如图甲和乙所示．由图甲，根据平衡条件有：N1sinα-M g=0①又由几何关系有：sinα=由图乙，根据平衡条件有：F-N2cosα=0②F2-N2sinα-mg=0③根据牛顿第三定律有：N1=N2④联立①②③④解得：F=，F2=（M+m）g根据牛顿第三定律知，木块对地面的压力为（M+m）g答：当F=时，才能使球离开地面，此时木块对地面的压力为（M+m）g．【解析】先以球为研究对象，求临界状态木块对球的弹力大小；再以木块为研究对象，求水平力F的大小．分析有关临界问题的关键是找出临界条件，再进行受力分析，然后根据平衡条件或牛顿第二定律列式求解即可．。
河南省陕州中学1415学年度高一下学期期中考试——物理
河南省陕州中学2014—2015学年度下学期期中考试高一物理试题一、选择题：（每题4分，共44分，其中1-9为单选，10-11为多选）1、下列说法中正确的是()A．物体在恒力作用下不可能做曲线运动B．加速度变化的运动一定是曲线运动C．物体在恒力和变力作用下，都可能做曲线运动D．做圆周运动的物体受合外力一定指向圆心2、物体做平抛运动时，描述物体在竖直方向的分速度v y(取向下为正)随时间变化的图线是图中的哪一个()3、红蜡块能在玻璃管的水中匀速上升，若红蜡块在A点匀速上升的同时，使玻璃管水平向右做匀加速直线运动，则红蜡块实际运动的轨迹是图中的：()A、曲线QB、直线PC、曲线RD、无法确定4、游泳运动员以恒定的速率垂直河岸横渡，当水速突然增大时，对运动员横渡经历的路程、时间发生的影响是()A．路程增加、时间增加B．路程增加、时间缩短C．路程增加、时间不变D．路程、时间均与水速无关5、如图所示，在不计滑轮摩擦和绳子质量的条件下，当小车匀速向右运动时，物体A的受力情况是（）A、绳的拉力等于A的重力B、绳的拉力大于A的重力C、绳的拉力小于A的重力D、拉力先大于重力，后变为小于重力6、如图所示，在水平放置的半径为R的圆柱体轴线的正上方的P点，将一个小球以水平速度v0垂直圆柱体的轴线抛出，小球飞行一段时间后恰好从圆柱体的Q点沿切线飞过，测得O、Q连线与竖直方向的夹角为θ，那么小球完成这段飞行的时间是（）A．B．C．D．7、如图所示，一同学分别在同一直线上的A、B、C三个位置投掷篮球，结果都垂直击中篮筐，速度分别为v1、v2、v3。
若篮球出手时高度相同，出手速度与水平夹角分别为θ1、θ2 、θ3 ，下列说法正确的是（）A．v1<v2 <v3B．v1>v2> v3C．θ1>θ2 >θ3D．θ1=θ2 =θ38、在光滑的水平面上相距40 cm的两个钉子A和B，如图所示，长1 m的细绳一端系着质量为0.4 kg的小球，另一端固定在钉子A上，开始时，小球和钉子A、B在同一直线上，小球始终以2 m/s的速率在水平面上做匀速圆周运动．若细绳能承受的最大拉力是4 N，那么从开始到细绳断开所经历的时间是( )A. 0.8π sB. 0.9π sC. 1.2π sD. 1.6π s9、一汽车通过拱形桥顶时速度为10 m/s，车对桥顶的压力为车重的3/4，如果要使汽车在桥顶对桥面没有压力，车速至少为(g取10 m/s2 )()A．15 m/s B．20 m/s C．25 m/s D．30 m/s10、如图所示，电风扇在闪光灯下运转，闪光灯每秒闪30次，风扇转轴O上装有3个扇叶，它们互成120°角，当风扇转动时，观察者感觉扇叶不动，则风扇的转速可能是() A．600 r/min B．900 r/minC．1200 r/min D．3000 r/min11、如下图所示，两个皮带轮通过皮带传动(皮带与轮不发生相对滑动)．大轮半径是小轮半径的2倍，设A、B分别是大小轮轮缘上的一点，现比较它们的线速度v、角速度ω、周期T和频率f之间的关系，正确的是()A、v A：v B＝1：2B、ωA：ωB＝1：2C、T A：T B＝1：2D、f A：f B＝1：2二、填空题(本题共2小题，每空3分，共15分)12、安装平抛运动实验装置的过程中，斜槽末端的切线必须是水平的，这样做的目的是()A．保证小球飞出时，速度既不太大，也不太小B．保证小球飞出时，初速度水平C．保证小球在空中运动的时间每次都相等D．保证小球运动的轨迹是一条抛物线13、（1）平抛物体的运动规律可以概括为两点：一是水平方向做匀速直线运动；二是竖直方向做自由落体运动．为了研究平抛物体的运动，可做下面的实验：如图6所示，用小锤击打弹性金属片，A球水平飞出，同时B球被松开，做自由落体运动．两球同时落到地面．则这个实验()A．只能说明上述规律中的第一条B．只能说明上述规律中的第二条C．不能说明上述规律中的任何一条D．能同时说明上述两条规律（2）图7所示的是“研究小球的平抛运动”时拍摄的闪光照片的一部分，其背景是边长为 5 cm的小方格，取g＝10 m/s2.由此可知：闪光频率为______Hz；小球抛出时的初速度大小为______m/s；从抛出点到C点，小球速度的改变最大为_______ m/s.三、计算题：14、（10分）如图所示，细线下面悬挂一小钢球（可看作质点），钢球在水平面内以O′为圆心做匀速圆周运动。
河南省三门峡市陕州中学2014-2015学年高二历史下学期适应性考试试题
2014---2015学年下期高二适应性考试历史试卷考试时间：90分钟 满分：100分第I卷（选择题）一、选择题（本大题共32题，每小题1.5分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
）1.秦公一号大墓是迄今为止中国发掘的最大古墓，墓主是春秋时期的秦景公。
墓内发现了186具人殉，另有3000多件珍贵文物，但铁器只有很简陋的几件。
这说明A．秦国经济较其它诸侯先进 B．秦国政权聚敛资源能力强C．秦国盛行落后的人殉制度 D．秦国政权重视农业的发展2. 《中国古代都城制度史研究》写到：皇帝祭天是每年的大典礼，东汉以后规定祭天大典在国都南郊举行，都城布局逐渐由东西向改为南北向。
隋唐以后的中央官署逐步集中在宫城附近。
对上述变化理解正确的是A．都城布局由东向西适应了分封制的需要 B．出于都城整齐美观的需要C．为更好地适应皇权统治的需要 D．根源于儒家思想内容的不断丰富3.张居正成为首辅后，“勇于任事，以天下为己任”。
他制定了一个考成规制：以内阁稽查六科（六科是明初设立的吏、户、礼、兵、刑、工六科，各设给事中，辅助皇帝处理奏章，稽查驳正六部之违误），以六科稽查六部、都察院；六部、都察院稽查巡抚、巡按。
这一规制的实施说明此时的内阁A．已经威胁到皇权 B．有了一定的行政权 C.真正具有了宰相之实 D．取得了中央的监察权4. “科举制在形式上初步实现了平等竞争，为大批的社会下层人士提供了一条凭个人努力而入仕为官的途径。
”材料主要说明了科举制A．促进了社会阶层的流动 B．实现了社会阶层平等C．加强了中央政府执政力 D．提高了官员文化素质5.据记载，唐德宗建中二年规定：“给事中（唐代官职名）……分判省……凡是诏敕有不便者，涂窜而奏还，谓之‘涂归’。
”材料说明“给事中”的设立A．杜绝了皇帝权力滥用 B．削弱了丞相的决策权C．有利于预防决策失误 D．实现了中央权力制衡6.“秦国在征服六国的同时，就要使秦文化也征服关东诸国的文化。
高二物理月考试题及答案-河南三门峡市陕州中学-2015学年高二下学期模拟考试
2014-2015学年下期模拟考试试卷高 二 物 理试卷满分：100分 考试时间：90分钟一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分，其中1-8题为单项选择题，9-12题为不定项选择题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分） 1、如图所示的水平面上，橡皮绳一端固定，另一端连接两根弹簧，连接点P 在F 1、F 2和F 3三力作用下保持静止。
下列判断正确的是 ( )A. F 1 > F 2> F 3B. F 3 > F 1> F 2C. F 2> F 3 > F 1D. F 3> F 2 > F 12、一质量为m 的物块恰好静止在倾角为θ的斜面上。
现对物块施加一个竖直向下的恒力F ，如图所示。
则物块 ( )A.仍处于静止状态B.沿斜面加速下滑C.受到的摩擦力不变D.受到的合外力增大3、如图，用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点，制成一简易秋千，某次维修时将两轻绳各剪去一小段，但仍能保持等长且悬挂点不变。
木板静止时，表示木板所受合力的大小，表示单根轻绳对木板拉力的大小，则维修后 （ ）1F 2FA ．变大，变大B ．不变，变小C ．不变，变大D ．变小，变小4、某航母跑道长为200m ，飞机在航母上滑行的最大加速度为6m /s 2，起飞需要的最低速度为50m /s.那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为 A ．5m /s B ．20m /s C ．15m /s D ．10m /s5、某物体做直线运动的v-t 图象如图甲所示，据此判断图乙（F 表示物体所受合力，x 表示物体的位移）四个选项中正确的是 ( )6、如图所示，光滑半球形容器固定在水平面上，O 为球心，一质量为m 的小滑块，在水平力F 的作用下静止P 点。
设滑块所受支持力为F N 。
OF 与水平方向的夹角为0。
下列关系正确的是 ( )1F 2F 1F 2F 1F 2F 1F 2FA ．B ．F ＝mgtanC ．D ．F N =mgtan7、用一根长1m 的轻质细绳将一副质量为1kg 的画框对称悬挂在墙壁上，已知绳能承受的最大张力为，为使绳不断裂，画框上两个挂钉的间距最大为（取） ( )A ．B ．C ．D． 8、两刚性球a 和b 的质量分别为和、直径分别为个(>)。
河南省三门峡市陕州中学高考物理仿真试卷(二)(含解析)
2015年河南省三门峡市陕州中学高考物理仿真试卷（二）一.选择题1．（6分）（2015•湖南模拟）物理学中研究问题有多种方法，有关研究问题的方法叙述错误的是（）A．在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非，是他首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法B．伽利略斜面实验是将可靠的事实和抽象思维结合起来，能更深刻地反映自然规律C．探究加速度与力、质量三个物理量之间的定量关系，可以在质量一定的情况下，探究物体的加速度与力的关系；再在物体受力一定的情况下，探究物体的加速度与质量的关系．最后归纳出加速度与力、质量之间的关系．这是物理学中常用的控制变量的研究方法D．在公式I=电压U和电流I具有因果关系、公式E=n中△Φ和E具有因果关系，同理在a=中△V和a具有因果关系2．（6分）（2015•河南校级模拟）一质点开始时做匀速直线运动，从某时刻起受到一恒力作用．此后，该质点的动能不可能（）A．一直增大B．先逐渐增大至某一最大值，再逐渐减小C．先逐渐减小至零，再逐渐增大D．先逐渐减小至某一非零的最小值，再逐渐增大3．（6分）（2015•浏阳市校级模拟）如图所示，“嫦娥三号”的环月轨道可近似看成是圆轨道，观察“嫦娥三号”在环月轨道上的运动，发现每经过时间t通过的弧长为l，该弧长对应的圆心角为θ弧度，已知万有引力常量为G，则月球的质量是（）A．B．C．D．4．（6分）（2015•湖南模拟）如图所示，表面粗糙的斜面体固定在水平地面上．一物体在沿斜面向上且平行斜面的力F1作用下，沿斜面向上做速度为v1的匀速运动，F1的功率为P0．若该物体在沿斜面斜向上的且与斜面夹角为α的力F2（如图）作用下，在同一斜面上做沿斜面向上的速度为v2的匀速运动，F2的功率也为P0，则下列说法正确的是（）A．F2大于F1B．在相同的时间内，物体增加的机械能相同C．v l一定小于v2D．v1可能小于v25．（6分）（2015•河南校级模拟）如图所示，一个质量为0.4kg的小物块从高h=0.05m的坡面顶端由静止释放，滑到水平台上，滑行一段距离后，从边缘O点水平飞出，击中平台右下侧挡板上的P点．现以O为原点在竖直面内建立如图所示的平面直角坐标系，挡板的形状满足方程y=x2﹣6（单位：m），不计一切摩擦和空气阻力，g=10m/s2，则下列说法正确的是（）A．小物块从水平台上O点飞出的速度大小为1m/sB．小物块从O点运动列P点的时间为2sC．小物块刚到P点时速度方向与水平方向夹角的正切值等于5D．小物块刚到P点时速度的大小为10m/s6．（6分）（2015•浏阳市校级模拟）如图所示，匀强电场中的△PAB平面平行于电场方向，C 点为AB的中点，D点为PB的中点，将一个带电粒子从P点移动到A点，电场力做功W PA=1.6×10﹣8J；将该粒子从P点移动到B点，电场力做功W﹣8J．则下列说法正确的是（）PB=3.2×10A．直线PC为等势线B．直线AD为等势线C．若将该粒子从B点移动到A点，电场力做功W BA=1.6×10﹣8JD．若将该粒子从P点移动到C点，电场力做功为W PC=2.4×10﹣8J7．（6分）（2015•河南校级模拟）理想变压器原线圈a匝数n1=200匝，副线圈b匝数n2=100匝，线圈d接在，μ=44sin314tV交流电源上，“12V，6W”的灯泡恰好正常发光．电阻R2=16Ω，电压表V为理想电表．下列推断正确的是（）A．交变电流的频率为100HzB．穿过铁芯的磁通量的最大变化率为Wb/sC．电压表V的示数为22VD．R1消耗的功率是1W8．（6分）（2015•洛阳二模）海洋中蕴藏着巨大的能量，利用海洋的波浪可以发电，在我国南海上有一浮筒式波浪发电灯塔，其原理示意图如图甲所示，浮桶内的磁体通过支柱固定在暗礁上，浮桶内置线圈随波浪相对磁体沿竖直方向运动，且始终处于磁场中，该线圈与阻值R=15Ω的灯泡相连．浮桶下部由内、外两密封圆筒构成，（图乙中斜线阴影部分），如图乙所示，其内为产生磁场的磁体，与浮桶内侧面的缝隙忽略不计；匝数N=200的线圈所在处辐向磁场的磁感应强度B=0.2T，线圈直径D=0.4m，电阻r=1Ω．取重力加速度g=10m/s2，π2≈10，若浮筒随波浪上下运动的速度可表示为v=0.4πsin（πt）m/s，则下列说法正确的是（）A．波浪发电产生电动势e的瞬时表达式为e=16sin（πt）VB．灯泡中电流i的瞬时表达式为i=4sin（πt）AC．灯泡的电功率为120WD．灯泡两端电压的有效值为V二.非选择题9．（6分）（2015•河南二模）DIS是由传感器、数据采集器、计算机、实验教学软件构成的数字化实验系统．某实验小组“用DIS研究机械能守恒定律”的实验装置如图（a）所示．实验时，将摆球（连同遮光片J）每次都从同一位置M下摆，传感器K分别固定在A、B、C、D采集数据，D点为摆球通过的最低点．在一次实验中以图象方式采集数据并分析实验结果，所显示的图象如图（b）所示．图象的横轴表示摆球距离D点的高度^，纵轴表示摆球的重力势能E p、动能E k或机械能E（不计空气阻力）．（1）图（b）中的图象表示摆球重力势能EP随摆球距离D点的高度h变化关系的图线是（填“I”“Ⅱ”或“Ⅲ”）．（2）摆球在摆动过程中，重力所做功的最大值为J，摆球在距离D点的高度h=0.1m处的速率为m/s（重力加速度取9.8m/s2）．（3）从图（b）中的图象可以得出本实验的结论是：．10．（9分）（2015•河南模拟）某同学为了测量“3.8V，2.5W”小灯泡正常发光时的电阻值．实验室有下列器材，规格如下：A．两只相同的电压表（量程5V，内阻很大）B．电阻箱R1（0～999，最小调节量1Ω）C、电阻箱R2（0～99.9，最小调节量0.1Ω）D．滑动变阻器R2（0～50Ω，额定电流为1.5A）E．滑动变阻器R1（0～5Ω，额定电流为3A）F．直流电源（电动势9V，内阻不计）G．开关，导线若干、待测灯泡利用现有器材，请你替这位同学设计本宴验．（1）在如图方框中画出合理的实验原理图．（2）以上器材中电阻箱应选用，滑动变阻器应选用（填序号字母）．（3）根据休所设计的电路图，得出测量小灯泡正常发光时的电阻值的方法．11．（14分）（2015•南昌校级二模）质量m=1.0kg的物块静置于粗糙水平面上，水平面与物块的动摩擦因数μ=0.4．现给物块施加一水平向右的推力F，推力作用于物块的时间为10s，物块在推力作用下运动，其加速度a随时间的变化如图（a）所示．g取10m/s2．（1）类比是一种常用的研究方法．对于直线运动，教科书中讲解了由v﹣t图象求位移的方法．请你借鉴此方法，对比加速度和速度的定义，根据图所示a﹣t图象，求物块10s末的速度大小；（2）在图（b）中画出10s内推力随时间变化的F﹣t图线，并标出纵坐标的值．12．（18分）（2015•南昌校级二模）如图甲所示，水平加速电场的加速电压为U0，在它的右侧有由水平正对放置的平行金属板a、b构成的偏转电场，已知偏转电场的板长L=0.10m，板间距离d=5.0×10﹣2m，两板间接有如图乙所示的随时间变化的电压U，且a板电势高于b板电势．在金属板右侧存在有界的匀强磁场，磁场的左边界为与金属板右侧重合的竖直平面MN，MN右侧的磁场范围足够大，磁感应强度B=5.0×10﹣3T，方向与偏转电场正交向里（垂直纸面向里）．质量和电荷量都相同的带正电的粒子从静止开始经过电压U0=50V的加速电场后，连续沿两金属板间的中线OO′方向射入偏转电场中，中线OO′与磁场边界MN垂直．已知带电粒子的比荷=1.0×108C/kg，不计粒子所受的重力和粒子间的相互作用力，忽略偏转电场两板间电场的边缘效应，在每个粒子通过偏转电场区域的极短时间内，偏转电场可视作恒定不变．（1）求t=0时刻射入偏转电场的粒子在磁场边界上的入射点和出射点间的距离；（2）求粒子进入磁场时的最大速度；（3）对于所有进入磁场中的粒子，如果要增大粒子在磁场边界上的入射点和出射点间的距离，应该采取哪些措施？试从理论上推理说明．三.选考题（本部分为选考题有两个模块，选做一个模块）【选修-3-4模块】（15分）13．（6分）（2015•河南模拟）如图所示，一束红光与蓝光的复色光从空气中射到半球形玻璃体球心O点，经折射分为a、b两束光，分别由P、Q两点射出玻璃体．PP′、QQ′均与过O点界面法线垂直．设光线a、b穿过玻璃体所用时间分别为t a，t b，则下列说法正确的是（）A．t a：t b=QQ′：PP′B．a光为红色光C．a光在玻璃中比b光容易发生全反射D．在相同的双缝干涉装置中b光比a光相邻的两条亮纹中心间距小E．逐渐增大复色光的入射角a光先发生全反射14．（9分）（2015•河南模拟）波源S的振动图线如图甲所示，由此产生的简谐波向右传播，已知波上两点S、P相距1.5m，如图乙所示，波速v=6m/s，求：（i）作出t=0.25s时S、P间的波形图，（ii）由t=0到t=0.5s内，P点运动路程为多少？【物理-选修3-5】（15分）15．（2014•新余二模）下列说法中正确的是（）A．α粒子散射实验是卢瑟福建立原子核式结构模型的重要依据B．光电效应和康普顿效应深入揭示了光的粒子性，前者表明光子具有能量，后者表明光子除了具有能量外还具有动量C．根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电势能增大，核外电子的运动速度减小D．正负电子对湮灭技术是一项较新的核物理技术．一对正负电子对湮灭后生成光子的事实说明质量守恒定律是有适用范围的E．Bi的半衰期是5天，12g Bi 经过15天后还有1.5g未衰变16．（2015•河南模拟）如图所示，粗糙的水平面上静止放置三个质量均为m的小木箱，相邻两小木箱的距离均为l．工人用沿水平方向的力推最左边的小术箱使之向右滑动，逐一与其它小木箱碰撞．每次碰撞后小木箱都牯在一起运动．整个过程中工人的推力不变，最后恰好能推着兰个木箱匀速运动．已知小木箱与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．设碰撞时间极短，小木箱可视为质点．求：第一次碰撞和第二次碰撞中木箱损失的机械能之比．2015年河南省三门峡市陕州中学高考物理仿真试卷（二）参考答案与试题解析一.选择题1．（6分）（2015•湖南模拟）物理学中研究问题有多种方法，有关研究问题的方法叙述错误的是（）A．在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非，是他首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法B．伽利略斜面实验是将可靠的事实和抽象思维结合起来，能更深刻地反映自然规律C．探究加速度与力、质量三个物理量之间的定量关系，可以在质量一定的情况下，探究物体的加速度与力的关系；再在物体受力一定的情况下，探究物体的加速度与质量的关系．最后归纳出加速度与力、质量之间的关系．这是物理学中常用的控制变量的研究方法D．在公式I=电压U和电流I具有因果关系、公式E=n中△Φ和E具有因果关系，同理在a=中△V和a具有因果关系考点：物理学史．分析：在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非，是他首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法．探究加速度与力、质量三个物理量之间的定量关系，采用控制变量的研究方法．电流与电压有因果关系．解答：解：A、在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非，而伽利略开创了以实验检验猜想和假设的科学方法．故A正确．B、伽利略理想斜面实验是将可靠的事实和抽象思维结合起来，能更深刻反映自然规律，故B 正确．C、探究加速度与力、质量三个物理量之间的定量关系，先保持质量一定，探究物体的加速度与力的关系；再控制物体受力一定，探究物体的加速度与质量的关系．最后归纳出加速度与力、质量之间的关系．采用的是控制变量的研究方法．故C正确．D、在公式I=电压U和电流I具有因果关系、公式E=n中△Φ和E没有因果关系，在a=中△V和a没有因果关系，故D错误．本题选错误的，故选：D．点评：物理学常用研究的方法有：假设法、归纳法、控制变量法、实验模拟法等等，我们不仅要学习知识，还要学习科学研究的方法．2．（6分）（2015•河南校级模拟）一质点开始时做匀速直线运动，从某时刻起受到一恒力作用．此后，该质点的动能不可能（）A．一直增大B．先逐渐增大至某一最大值，再逐渐减小C．先逐渐减小至零，再逐渐增大D．先逐渐减小至某一非零的最小值，再逐渐增大考点：物体做曲线运动的条件．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：一质点开始时做匀速直线运动，说明质点所受合力为0，从某时刻起受到一恒力作用，这个恒力就是质点的合力．根据这个恒力与速度的方向关系确定质点动能的变化情况．解答：解：A、如果恒力与运动方向相同，那么质点做匀加速运动，动能一直变大，故A正确．B、如果恒力方向与原来运动方向不在同一直线上，那么将速度沿恒力方向所在直线和垂直恒力方向分解，其中恒力与一个速度方向相同，这个方向速度就会增加，另一个方向速度不变，那么合速度就会增加，不会减小．故B错误．C、如果恒力与运动方向相反，那么质点先做匀减速运动，速度减到0，质点在恒力作用下沿着恒力方向做匀加速运动，动能再逐渐增大．故C正确．D、如果恒力方向与原来运动方向不在同一直线上，那么将速度沿恒力方向所在直线和垂直恒力方向分解，其中恒力与一个速度方向相反，这个方向速度就会减小，另一个方向速度不变，那么合速度就会减小，当恒力方向速度减到0时，另一个方向还有速度，所以速度到最小值时不为0，然后恒力方向速度又会增加，合速度又在增加，即动能增大．故D正确．本题选不可能的，故选：B．点评：对于直线运动，判断速度增加还是减小，我们就看加速度的方向和速度的方向．对于受恒力作用的曲线运动，我们可以将速度分解到恒力方向和垂直恒力方向，再去研究．3．（6分）（2015•浏阳市校级模拟）如图所示，“嫦娥三号”的环月轨道可近似看成是圆轨道，观察“嫦娥三号”在环月轨道上的运动，发现每经过时间t通过的弧长为l，该弧长对应的圆心角为θ弧度，已知万有引力常量为G，则月球的质量是（）A．B．C．D．考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据线速度和角速度的定义公式求解线速度和角速度，根据线速度和角速度的关系公式v=ωr求解轨道半径，然后根据万有引力提供向心力列式求解行星的质量．解答：解：线速度为：v=…①角速度为：ω=…②根据线速度和角速度的关系公式，有：v=ωr…③卫星做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：…④联立解得：M=故选：C．点评：本题关键抓住万有引力提供向心力，然后根据牛顿第二定律列式求解，不难，注意掌握线速度与角速度的定义．4．（6分）（2015•湖南模拟）如图所示，表面粗糙的斜面体固定在水平地面上．一物体在沿斜面向上且平行斜面的力F1作用下，沿斜面向上做速度为v1的匀速运动，F1的功率为P0．若该物体在沿斜面斜向上的且与斜面夹角为α的力F2（如图）作用下，在同一斜面上做沿斜面向上的速度为v2的匀速运动，F2的功率也为P0，则下列说法正确的是（）A．F2大于F1B．在相同的时间内，物体增加的机械能相同C．v l一定小于v2D．v1可能小于v2考点：功能关系；共点力平衡的条件及其应用．分析：设斜面与物体之间的动摩擦因数是μ，然后第物体进行受力分析，即可比较两个力的大小关系，进而比较速度的关系．解答：解：A、设斜面与物体之间的动摩擦因数是μ，物体在沿斜面向上且平行斜面的力F1作用下，在斜面上做速度为v1的匀速运动，则：F1=mgsinθ+μmgcosθ ①在与斜面夹角为α的力F2作用下运动时：F2sinα+N=mgcosθ ②F2cosα=mgsinθ+μN ③由②③可知，当时，对物体的拉力有最小值．所以F2不一定大于F1．故A错误．B、C、D、由①②③式可知，在第二种情况下，摩擦力比较小，根据功率的表达式：Fv可知，摩擦力f越小，沿斜面向下的合外力越小，则速度越大．所以v1一定小于v2．同时物体在相等的时间内增加的机械能越大，所以在相同的时间内，物体增加的机械能不相同．故B错误，C正确，D错误．故选：C点评：该题考查拉力对斜面上运动的物体的做功问题，解题的关键要知道物体向上最匀速直线运动时，与斜面有一定的夹角的拉力会小于沿斜面向上的拉力．这是该题的难点，也容易错误的地方．5．（6分）（2015•河南校级模拟）如图所示，一个质量为0.4kg的小物块从高h=0.05m的坡面顶端由静止释放，滑到水平台上，滑行一段距离后，从边缘O点水平飞出，击中平台右下侧挡板上的P点．现以O为原点在竖直面内建立如图所示的平面直角坐标系，挡板的形状满足方程y=x2﹣6（单位：m），不计一切摩擦和空气阻力，g=10m/s2，则下列说法正确的是（）A．小物块从水平台上O点飞出的速度大小为1m/sB．小物块从O点运动列P点的时间为2sC．小物块刚到P点时速度方向与水平方向夹角的正切值等于5D．小物块刚到P点时速度的大小为10m/s考点：动能定理的应用；平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：对小物块由动能定理可以求出物块的速度，物块做平抛运动，应用平抛运动规律可以求出P点的速度大小与方向，及时间，从而即可求解．解答：解：A、对小物块，从释放至到达O点的过程中，由动能定理得：mgh=mv2﹣0，代入数据解得：v===1m/s．故A正确；B、小物块从O点水平抛出做平抛运动，竖直方向：y=﹣gt2，水平方向：x=v0t，解得：y=﹣5x2；又有：y=x2﹣6，联立解得：x=1m，y=﹣5m，根据h=gt2，解得：t=s=1s；故B错误；C、那么竖直方向的速度大小v y=gt=10×1=10m/s；设刚到P点时速度方向与水平方向夹角为θ，则有：tan===10，故C错误；D、根据速度的合成法则，则有刚到P点时速度的大小为v===m/s，故D错误；故选：A．点评：本题考查了求速度与坐标问题，分析清楚小球的运动过程、应用动能定理与平抛运动规律即可正确解题．6．（6分）（2015•浏阳市校级模拟）如图所示，匀强电场中的△PAB平面平行于电场方向，C 点为AB的中点，D点为PB的中点，将一个带电粒子从P点移动到A点，电场力做功W PA=1.6×10﹣8J；将该粒子从P点移动到B点，电场力做功W﹣8J．则下列说法正确的是（）PB=3.2×10A．直线PC为等势线B．直线AD为等势线C．若将该粒子从B点移动到A点，电场力做功W BA=1.6×10﹣8JD．若将该粒子从P点移动到C点，电场力做功为W PC=2.4×10﹣8J考点：电势差与电场强度的关系；等势面．专题：电场力与电势的性质专题．分析：带电粒子从P点移动到A点，还是从P点移动到B点，电场力都做正功，P到AB间都有电势差，粒子在电场中做功等于W BA=W BP+W PA即可判断两点间电场力做功解答：解：A、一个带电粒子从P点移动到A点，还是从P点移动到B点，电场力都做正功，P到AB间都有电势差，故直线PC为不可能等势线，故A错误；B、粒子从P点移动到B点，电场力做功W PB=3.2×10﹣8J，D点为PB的中点，故粒子从D点移动到B点，电场力做功W PB==1.6×10﹣8J，粒子从A到B电场力做功为W AB=W AP+W PB=1.6×10﹣8J，故AD为等势面，故B正确；C、从B点移动到P点电场力做功为，故离子从B移到A电场力做功为W BA=W BP+W PA=﹣1.6×10﹣8J，故C错误；D、C是AB的中点，故C点电势为AB的中点电势，故该粒子从P点移动到C点，电场力做功为W PC==2.4×10﹣8J，故D正确；故选：BD点评：本题考查对匀强电场中两点电势差与两点沿电场方向的距离成正比U=Ed与运用公式W=qU求解电场力做功的能力，常规题，比较简单．7．（6分）（2015•河南校级模拟）理想变压器原线圈a匝数n1=200匝，副线圈b匝数n2=100匝，线圈d接在，μ=44sin314tV交流电源上，“12V，6W”的灯泡恰好正常发光．电阻R2=16Ω，电压表V为理想电表．下列推断正确的是（）A．交变电流的频率为100HzB．穿过铁芯的磁通量的最大变化率为Wb/sC．电压表V的示数为22VD．R1消耗的功率是1W考点：变压器的构造和原理；电功、电功率．专题：交流电专题．分析：理想变压器原线圈a匝数n1=200匝，副线圈b匝数n2=100匝，线圈d接在，μ=44sin 314tV交流电源上，“12V，6W”的灯泡恰好正常发光．电阻R2=16Ω，电压表V为理想电表．下列推断正确的是（解答：解：A、由公式可知，角速度ω=100π，则f==50Hz；故A错误；B、C、灯泡正常发光，故副线圈中电流为I==0.5A；故电压表示数为：U2=12+IR2=12+0.5×16=20V；故穿过钱芯的磁通量的最大变化率为：=Wb/s；故B正确，C错误；D、由电压之比等于功率之比可知，输出端电压为40V，R1两端的电压为U1=44﹣40=4V；根据电流之比等于电匝数的反比可得：I1=0.25A；则功率P=UI=4×0.25=1W；故D正确；故选：BD点评：本题要注意电源电压是加在R1和变压器上的，不是直接接在变压器上的；故只能由输出端利用欧姆定律进行分析，再对变压器根据电压、电流与匝数的关系进行分析8．（6分）（2015•洛阳二模）海洋中蕴藏着巨大的能量，利用海洋的波浪可以发电，在我国南海上有一浮筒式波浪发电灯塔，其原理示意图如图甲所示，浮桶内的磁体通过支柱固定在暗礁上，浮桶内置线圈随波浪相对磁体沿竖直方向运动，且始终处于磁场中，该线圈与阻值R=15Ω的灯泡相连．浮桶下部由内、外两密封圆筒构成，（图乙中斜线阴影部分），如图乙所示，其内为产生磁场的磁体，与浮桶内侧面的缝隙忽略不计；匝数N=200的线圈所在处辐向磁场的磁感应强度B=0.2T，线圈直径D=0.4m，电阻r=1Ω．取重力加速度g=10m/s2，π2≈10，若浮筒随波浪上下运动的速度可表示为v=0.4πsin（πt）m/s，则下列说法正确的是（）A．波浪发电产生电动势e的瞬时表达式为e=16sin（πt）VB．灯泡中电流i的瞬时表达式为i=4sin（πt）AC．灯泡的电功率为120WD．灯泡两端电压的有效值为V考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理；电功、电功率．专题：交流电专题．分析：根据感应电动势公式E=Blv和v=0.4πsin（πt）m/s，求出电动势e的瞬时表达式；由欧姆定律可得灯泡电流表达式；由电流有效值来计算灯泡电功率；由欧姆定律来计算灯泡电压的有效值．解答：解：A、线圈在磁场中切割磁感线，产生电动势为：E max=NBlv max …①l=πD…②联立得：E max=πNBDv max =π×200×0.2×0.4×0.4πV=64V…③则波浪发电产生电动势e的瞬时表达式：e=E max sinπt=64sin（πt）V…④故A错误．B、根据闭合电路欧姆定律有：I=…⑤得：i==4sin（πt）A…⑥故B正确．C、灯泡电流的有效值为：，则灯泡的功率为：，故C正确．D、灯泡两端电压的有效值为：，故D错误．故选：BC．点评：该题关键是用好感应电动势的最大值，该题是运动切割，故速度最大时，对应感应电动势最大；在求解灯泡两端电压时候，用欧姆定律最简单，不用硬套交流有效值公式．二.非选择题9．（6分）（2015•河南二模）DIS是由传感器、数据采集器、计算机、实验教学软件构成的数字化实验系统．某实验小组“用DIS研究机械能守恒定律”的实验装置如图（a）所示．实验时，将摆球（连同遮光片J）每次都从同一位置M下摆，传感器K分别固定在A、B、C、D采集数据，D点为摆球通过的最低点．在一次实验中以图象方式采集数据并分析实验结果，所显示的图象如图（b）所示．图象的横轴表示摆球距离D点的高度^，纵轴表示摆球的重力势能E p、动能E k或机械能E（不计空气阻力）．（1）图（b）中的图象表示摆球重力势能EP随摆球距离D点的高度h变化关系的图线是Ⅱ（填“I”“Ⅱ”或“Ⅲ”）．（2）摆球在摆动过程中，重力所做功的最大值为0.016 J，摆球在距离D点的高度h=0.1m处的速率为 1.4 m/s（重力加速度取9.8m/s2）．（3）从图（b）中的图象可以得出本实验的结论是：摆球在摆动过程中，机械能守恒．考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题；机械能守恒定律应用专题．分析：（1）根据小球在静止释放后，重力在做正功，重力势能E P不断减少，动能E K不断增加，而重力势能和动能的总量即机械能不变来选择图线；（2）根据重力势能与高度的关系 E p=mgh，分析图线的斜率，求出质量，再根据动能表达式，即可求解；（3）分析动能与重力势能之和，即机械能是否变化，结合条件，判断得出结论．解答：解：①根据E P=mgh和动能定理可知，当高度增大时，重力做负功，E P=mgh增大，动能减小，而机械能不变，则摆球重力势能E P随摆球距离D点的高度h变化关系的图线是Ⅱ．。
河南省三门峡市陕州中高二物理下学期第一次精英对抗赛试卷(含解析)
2014-2015学年河南省三门峡市陕州中学高二（下）第一次精英对抗赛物理试卷一、选择题（本题共12个小题，每小题4分，共48分．其中1-8题为单选题，9-12题为多选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．（4分）（2015•北京校级三模）一位质量为m的运动员从下蹲状态向上起跳，经△t时间，身体伸直并刚好离开地面，速度为v．在此过程中，（）A．地面对他的冲量为mv+mg△t，地面对他做的功为mv2B．地面对他的冲量为mv+mg△t，地面对他做的功为零C．地面对他的冲量为mv，地面对他做的功为mv2D．地面对他的冲量为mv﹣mg△t，地面对他做的功为零2．（4分）（2015春•河南校级月考）如图甲所示，在光滑水平面上的两个小球发生正碰．小球的质量分别为m1和m2．图乙为它们碰撞前后的S﹣t图象．已知m1=0.1kg，由此可以判断（）①碰前m2静止，m1向右运动；②碰后m2和m1都向右运动；③由动量守恒可以算出m2=0.3kg；④碰撞过程中系统损失了0.4J的机械能；以上判断正确的是（）A．①③B．①②③C．①②④D．③④3．（4分）（2014•扶沟县校级自主招生）如图所示，在光滑的水平面上静止放一质量为m的木板B，木板表面光滑，左端固定一轻质弹簧．质量为2m的木块A以速度v0从板的右端水平向左滑上木板B．在木块A与弹簧相互作用的过程中，下列判断正确的是（）A．弹簧压缩量最大时，B板运动速率最大B． B板的加速度一直增大C．弹簧给木块A的冲量大小为D．弹簧的最大弹性势能为4．（4分）（2015春•启东市校级期中）如图所示，质量为M、长为L的长木板放在光滑水平面上，一个质量也为M的物块（视为质点）以一定的初速度从左端冲上木板，如果长木板是固定的，物块恰好停在木板的右端，如果长木板不固定，则物块冲上木板后在木板上最多能滑行的距离为（）A．L B． C．D．5．（4分）（2015春•河南校级月考）一炮艇在湖面上匀速行驶，突然从船头和船尾同时向前和向后各发射一发炮弹，设两炮弹的质量相同，相对于地的速率相同，牵引力、阻力均不变，则船的动量和速度的变化情况是（）A．动量不变，速度增大 B．动量变小，速度不变C．动量增大，速度增大 D．动量增大，速度减小6．（4分）（2007•重庆）为估算池中睡莲叶面承受出滴撞击产生的平均压强，小明在雨天将一圆柱形水杯置于露台，测得1小时内杯中水上升了45mm．查询得知，当时雨滴竖直下落速度约为12m/s．据此估算该压强约为（设雨滴撞击睡莲后无反弹，不计雨滴重力，雨水的密度为1×103kg/m3）（）A．0.15Pa B．0.54Pa C．1.5Pa D． 5.4Pa7．（4分）（2008秋•锦州期末）如图所示，一个质量为m1=50kg的人爬在一只大气球下方，气球下面有一根长绳．气球和长绳的总质量为m2=20kg，长绳的下端刚好和水平面接触．当静止时人离地面的高度为h=5m．如果这个人开始沿绳向下滑，当他滑到绳下端时，他离地面高度是（可以把人看作质点．）（）A． 5 m B． 3.6 m C．2.6 m D． 8 m8．（4分）（2010•惠安县校级模拟）两辆质量相同的小车，置于光滑的水平面上，有一人静止在小车A上，两车静止，如图所示．当这个人从A车跳到B车上，接着又从B车跳回A车并与A车保持相对静止，则A车的速率（）A．等于零 B．大于B车的速率C．小于B车的速率 D．等于B车的速率9．（4分）（2008•镜湖区校级二模）甲、乙两球在水平光滑轨道上向同方向运动，已知它们的动量分别是P甲=5kg•m/s，P乙=7kg•m/s，甲从后面追上乙并发生碰撞，碰后乙球的动量变为10kg•m/s，则二球质量m甲与m乙间的关系可能是（）A．m甲=m乙B．m乙=2m甲C．m乙=4m甲D． m乙=6m甲10．（4分）（2009•湖北校级模拟）右端带有光滑圆弧轨道质量为M的小车静置于光滑水平面上，如图所示．一质量为m的小球以速度v o水平冲上小车，关于小球此后的运动情况，以下说法正确的是（）A．小球可能从圆弧轨道上端抛出而不再回到小车B．小球可能离开小车水平向左作平抛运动C．小球可能离开小车作自由落体运动D．小球可能离开小车水平向右作平抛运动11．（4分）（2009•上海）光电效应的实验结论是：对于某种金属（）A．无论光强多强，只要光的频率小于极限频率就不能产生光电效应B．无论光的频率多低，只要光照时间足够长就能产生光电效应C．超过极限频率的入射光强度越弱，所产生的光电子的最大初动能就越小D．超过极限频率的入射光频率越高，所产生的光电子的最大初动能就越大12．（4分）（2013春•正定县校级期末）用如图的装置研究光电效应现象，当用光子能量为2.5eV 的光照射到光电管上时，电流表G的读数为0.2mA．移动变阻器的触点c，当电压表的示数大于或等于0.7V时，电流表读数为0．则（）A．光电管阴极的逸出功为1.8eVB．电键k断开后，没有电流流过电流表GC．光电子的最大初动能为0.7eVD．改用能量为1.5eV的光子照射，电流表G也有电流，但电流较小二、填空、实验题（每空2分，共8分）13．（4分）（2012•宁城县模拟）如图所示是研究光电效应规律的电路．图中标有A和K的为光电管，其中K为阴极，A为阳极．现接通电源，用光子能量为10.5eV的光照射阴极K，电流计中有示数，若将滑动变阻器的滑片P缓慢向右滑动，电流计的读数逐渐减小，当滑至某一位置时电流计的读数恰好为零，读出此时电压表的示数为6.0V；则光电管阴极材料的逸出功为eV，现保持滑片P位置不变，增大入射光的强度，电流计的读数．（选填“为零”、或“不为零”）14．（4分）（2014春•保定校级期末）如图（a）所示，在水平光滑轨道上停着甲、乙两辆实验小车，甲车系一穿过打点计时器的纸带，当甲车受到水平向右的瞬时冲量时，随即启动打点计时器，甲车运动一段距离后，与静止的乙车发生正碰并粘在一起运动，纸带记录下碰撞前甲车和碰撞后两车运动情况如图（b）所示，电源频率为50Hz，则碰撞前甲车运动速度大小为m/s，甲、乙两车的质量比m甲：m乙=．三、计算题（要求写出必要的文字说明和重要演算步骤，共44分）15．（10分）（2015春•河南校级月考）如图所示，一辆质量为M的平板小车在光滑水平面上以速度v做直线运动，今在车的前端轻轻地放上一质量为m的物体，物体放在小车上时相对于地面的速度为零，设物体与车之间的动摩擦因数为μ，为使物体不致从车上滑跌下去，车的长度最短为多少？16．（10分）（2012春•无锡期末）如图为通过某光电管的光电流与两极间电压的关系，当用光子能量为4.5eV的蓝光照射光电管的阴极K时，对应图线与横轴的交点U1=﹣2.37V．（普朗克常量h=6.63×10﹣34J•s，电子电量e=1.6×10﹣19C）（以下计算结果保留两位有效数字）①求阴极K发生光电效应的极限频率．②当用光子能量为7.0eV的紫外线持续照射光电管的阴极K时，测得饱和电流为0.32μA，求阴极K单位时间发射的光电子数．17．（12分）（2013春•正定县校级期末）如图，在一光滑的水平面上，有三个质量都是m的物体，其中B、C静止，中间夹着一个质量不计的弹簧，弹簧处于松弛状态，今物体A以水平速度v0撞向B，且立即与其粘在一起运动．求整个运动过程中：（1）弹簧具有的最大弹性势能；（2）物体C的最大速度．18．（12分）（2015春•九江校级期中）如图所示，在光滑的水平面上有一质量为m、长度为L 的小车，小车左端有一质量也是m的物块（物块可视为质点）．车的右壁固定有一个处于锁定状态的压缩轻弹簧（弹簧长度与车长相比可忽略），物块与小车间动摩擦因数为μ，整个系统处于静止状态．现在给物块一个水平向右的初速度v0，物块刚好能与小车右壁的弹簧接触，此时弹簧锁定瞬间解除，当物块再回到左端时恰好与小车相对静止（重力加速度为g）．求：①物块的初速度v0；②弹簧锁定时的弹性势能E p．2014-2015学年河南省三门峡市陕州中学高二（下）第一次精英对抗赛物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12个小题，每小题4分，共48分．其中1-8题为单选题，9-12题为多选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．（4分）（2015•北京校级三模）一位质量为m的运动员从下蹲状态向上起跳，经△t时间，身体伸直并刚好离开地面，速度为v．在此过程中，（）A．地面对他的冲量为mv+mg△t，地面对他做的功为mv2B．地面对他的冲量为mv+mg△t，地面对他做的功为零C．地面对他的冲量为mv，地面对他做的功为mv2D．地面对他的冲量为mv﹣mg△t，地面对他做的功为零考点：动量定理；功的计算．专题：计算题；压轴题．分析：已知初末速度，则由动量定理可求得地面对人的冲量；由功的公式可确定地面对人是否做功．解答：解：人的速度原来为零，起跳后变化v，则由动量定理可得：I﹣mg△t=△mv=mv故地面对人的冲量为mv+mg△t；而人在跳起时，人受到的支持力没有产生位移，故支持力不做功，故B正确；故选B．点评：在应用动量定理时一定要注意冲量应是所有力的冲量，不要把重力漏掉．2．（4分）（2015春•河南校级月考）如图甲所示，在光滑水平面上的两个小球发生正碰．小球的质量分别为m1和m2．图乙为它们碰撞前后的S﹣t图象．已知m1=0.1kg，由此可以判断（）①碰前m2静止，m1向右运动；②碰后m2和m1都向右运动；③由动量守恒可以算出m2=0.3kg；④碰撞过程中系统损失了0.4J的机械能；以上判断正确的是（）A．①③B．①②③C．①②④D．③④考点：动量守恒定律．分析：s﹣t（位移时间）图象的斜率等于速度，由数学知识求出碰撞前后两球的速度，分析碰撞前后两球的运动情况．根据动量守恒定律求解两球质量关系，由能量守恒定律求出碰撞过程中系统损失的机械能．解答：解：①、由s﹣t（位移时间）图象的斜率得到，碰前m2的位移不随时间而变化，处于静止，m1向速度大小为v1===4m/s，方向只有向右才能与m1相撞，故①正确．②、由图示图象可知，碰后m2的速度为正方向，说明向右运动，m1的速度为负方向，说明向左运动，两物体运动方向相反，故②错误．③、由图示图象可知，碰后m2和m1的速度分别为v2′=2m/s，v1′=﹣2m/s，根据动量守恒定律得，m1v1=m2v2′+m1v1′，代入解得，m2=0.3kg．故③正确．④、碰撞过程中系统损失的机械能为△E=m1v12﹣m1v1′2﹣m2v22，代入解得：△E=0.594J，故④错误．故A正确；故选：A．点评：本题首先考查读图能力，抓住位移图象的斜率等于速度是关键；其次要注意矢量的方向．3．（4分）（2014•扶沟县校级自主招生）如图所示，在光滑的水平面上静止放一质量为m的木板B，木板表面光滑，左端固定一轻质弹簧．质量为2m的木块A以速度v0从板的右端水平向左滑上木板B．在木块A与弹簧相互作用的过程中，下列判断正确的是（）A．弹簧压缩量最大时，B板运动速率最大B．B板的加速度一直增大C．弹簧给木块A的冲量大小为D．弹簧的最大弹性势能为考点：机械能守恒定律；动量定理．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：滑块与木板发生弹性碰撞，动量守恒，机械能也守恒，根据守恒定律列出两个方程后联立求解；当滑块与长木板速度相等时，弹簧的压缩量最大．解答：解：A、滑块与木板发生弹性碰撞，动量守恒；当滑块与长木板速度相等时，弹簧的压缩量最大；此后弹簧要恢复原状，木板进一步加速，故A错误；B、滑块与木板发生弹性碰撞，弹簧压缩量先增加后减小，故B板的加速度先增加后减小，故B错误；C、滑块与木板发生弹性碰撞，动量守恒，机械能也守恒；根据动量守恒定律，有：2mv0=2mv1+mv2①根据机械能守恒定律，有：②解得：，对滑块A，根据动量定理，有：I=2mv1﹣2mv0=（负号表示方向向右）故C错误；D、当滑块与长木板速度相等时，弹簧的压缩量最大；根据动量守恒定律，有：2mv0=（m+2m）v ③系统机械能守恒，根据守恒定律，有：④由③④两式解得：，故D正确；故选D．点评：本题关键明确系统的运动规律，然后多次运用动量守恒定律和机械能守恒定律列式求解．4．（4分）（2015春•启东市校级期中）如图所示，质量为M、长为L的长木板放在光滑水平面上，一个质量也为M的物块（视为质点）以一定的初速度从左端冲上木板，如果长木板是固定的，物块恰好停在木板的右端，如果长木板不固定，则物块冲上木板后在木板上最多能滑行的距离为（）A．L B． C．D．考点：动量守恒定律．专题：动量定理应用专题．分析：如果长木板是固定的，物块恰好停在木板的右端，对小滑块的滑动过程运用动能定理列出等式．如果长木板不固定，物块向右减速的同时，木板要加速，最终两者一起做匀速运动，该过程系统受外力的合力为零，动量守恒，根据守恒定律列式求解；在对系统运用能量守恒列式，最后联立求解即可．解答：解：小物块所受合外力为滑动摩擦力，设物块受到的滑动摩擦力为f，物块的初速度v0；如果长木板是固定的，物块恰好停在木板的右端，对小滑块的滑动过程运用动能定理列出等式：0﹣fL=0﹣M…①如果长木板不固定，物块冲上木板后，物块向右减速的同时，木板要加速，最终两者一起做匀速运动，该过程系统受外力的合力为零，动量守恒，规定向右为正方向，根据系统动量守恒得：Mv0=（M+M）v…②对系统运用能量守恒，有：fL′=M﹣（M+M）v2…③由以上各式解得：L′=．故选：D．点评：本题关键是明确木块和木板的运动规律，知道木板滑动时，物块和木板系统动量守恒，掌握动量守恒定律、动能定理和能量的转化与守恒定律的应用，能量的转化与守恒是本题的难点．5．（4分）（2015春•河南校级月考）一炮艇在湖面上匀速行驶，突然从船头和船尾同时向前和向后各发射一发炮弹，设两炮弹的质量相同，相对于地的速率相同，牵引力、阻力均不变，则船的动量和速度的变化情况是（）A．动量不变，速度增大B．动量变小，速度不变C．动量增大，速度增大D．动量增大，速度减小考点：动量守恒定律．分析：以炮弹和炮艇为系统进行分析，由动量守恒可知船的动量及速度的变化．解答：解：因船受到的牵引力及阻力不变，且开始时船匀速运动，故整个系统所受的合外力为零，动量守恒．设炮弹质量为m，船（不包括两炮弹）的质量为M，炮艇原来的速度为v0，发射炮弹的瞬间船的速度为v．设向右为正方向，则由动量守恒可得：（M+2m）v0=Mv+mv1﹣mv1可得，v＞v0可得发射炮弹后瞬间船的动量不变，速度增大；故选：A点评：本题为动量守恒定律的应用，在应用时要注意动量守恒定律列式时的矢量性．6．（4分）（2007•重庆）为估算池中睡莲叶面承受出滴撞击产生的平均压强，小明在雨天将一圆柱形水杯置于露台，测得1小时内杯中水上升了45mm．查询得知，当时雨滴竖直下落速度约为12m/s．据此估算该压强约为（设雨滴撞击睡莲后无反弹，不计雨滴重力，雨水的密度为1×103kg/m3）（）A．0.15Pa B．0.54Pa C．1.5Pa D． 5.4Pa考点：动量定理．分析：想估算雨水对睡莲叶面撞击产生的平均压强，首先要建立一个不计雨水重力，但速度由v=12m/s减为零的动量变化的模型，应用动量定理表示出睡莲叶面对雨滴的冲力，利用圆柱形容器1小时得到的水的体积算出水的质量，利用压强公式求得压强．解答：解：由于是估算压强，所以不计雨滴的重力．设雨滴受到支持面的平均作用力为F．设在△t时间内有质量为△m的雨水的速度由v=12m/s减为零．以向上为正方向，对这部分雨水应用动量定理：F△t=0﹣（﹣△mv）=△mv．得到F=设水杯横截面积为S，对水杯里的雨水，在△t时间内水面上升△h，则有△m=ρ S△hF=ρSv．压强P====0.15（Pa）故选 A点评：估算题目关键是建立一个模型，然后利用合理的理论推断得出基本符合事实的结论，这是物理学中常用的一种思想方法．7．（4分）（2008秋•锦州期末）如图所示，一个质量为m1=50kg的人爬在一只大气球下方，气球下面有一根长绳．气球和长绳的总质量为m2=20kg，长绳的下端刚好和水平面接触．当静止时人离地面的高度为h=5m．如果这个人开始沿绳向下滑，当他滑到绳下端时，他离地面高度是（可以把人看作质点．）（）A． 5 m B． 3.6 m C．2.6 m D． 8 m考点：动量守恒定律．专题：动量定理应用专题．分析：人和气球动量守恒，当人不动时，气球也不动；当人向下运动时，气球向上运动，且变化情况一致，即加速均加速，减速均减速，匀速均匀速．根据动量守恒列出等式求解．解答：解：设人的速度v1，气球的速度v2，根据人和气球动量守恒得则m1v1=m2v2，所以v1=v2，气球和人运动的路程之和为h=5m，则s1=m，s2=m，即人下滑m，气球上升m，所以人离地高度为m，约等于3.6m．故选B．点评：本题为动量守恒定律的应用，属于人船模型的类别．8．（4分）（2010•惠安县校级模拟）两辆质量相同的小车，置于光滑的水平面上，有一人静止在小车A上，两车静止，如图所示．当这个人从A车跳到B车上，接着又从B车跳回A车并与A车保持相对静止，则A车的速率（）A．等于零 B．大于B车的速率C．小于B车的速率 D．等于B车的速率考点：动量守恒定律．分析：人、车组成的系统水平方向动量守恒，根据动量守恒列方程，由质量关系直接得到结论．解答：解：设人的质量为m，小车的质量均为M，人来回跳跃后人与A车的速度为v1，B车的速度为v2，根据题意知，人车组成的系统水平方向动量守恒．有题意有：P0=0人来回跳跃后的总动量P=（M+m）v1+Mv2由动量守恒得，其中负号表示v1、v2的方向相反，故小车A的速率小于小车B的速率；故选C点评：抓住小车和人组成的系统在水平方向动量守恒，人和小车A的总动量和小车B的动量大小相等，根据质量关系直接得到速率的大小关系．9．（4分）（2008•镜湖区校级二模）甲、乙两球在水平光滑轨道上向同方向运动，已知它们的动量分别是P甲=5kg•m/s，P乙=7kg•m/s，甲从后面追上乙并发生碰撞，碰后乙球的动量变为10kg•m/s，则二球质量m甲与m乙间的关系可能是（）A．m甲=m乙B．m乙=2m甲C．m乙=4m甲D． m乙=6m甲考点：动量守恒定律．专题：动量定理应用专题．分析：碰撞过程遵守动量，总动能不增加，根据这两个规律，得到A、B两球的质量关系．解答：解：根据动量守恒定律得P1+P2=P1′+P2′解得P1′=2kg．m/s碰撞过程系统的总动能不增加，则有解得碰撞后甲的速度不大于乙的速度，则有．解得．故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：对于碰撞过程，往往根据三大规律，分析两个质量的范围：1、动量守恒；2、总动能不增加；3、碰撞后两物体同向运动时，后面物体的速度不大于前面物体的速度．10．（4分）（2009•湖北校级模拟）右端带有光滑圆弧轨道质量为M的小车静置于光滑水平面上，如图所示．一质量为m的小球以速度v o水平冲上小车，关于小球此后的运动情况，以下说法正确的是（）A．小球可能从圆弧轨道上端抛出而不再回到小车B．小球可能离开小车水平向左作平抛运动C．小球可能离开小车作自由落体运动D．小球可能离开小车水平向右作平抛运动考点：动量守恒定律；平抛运动；机械能守恒定律．专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．分析：小球和小车组成的系统，在水平方向上动量守恒，小球越过圆弧轨道后，在水平方向上与小车的速度相同，返回时仍然落回轨道，根据动量守恒定律判断小球的运动情况．解答：解：A、小球离开四分之一圆弧轨道，在水平方向上与小车的速度相同，则返回时仍然回到小车上．故A错误．B、小球滑上滑车，又返回，到离开滑车的整个过程，相当于小球与滑车发生弹性碰撞的过程．如果m＜M，小球离开滑车向左做平抛运动；如果m=M，小球离开滑车做自由落体运动；如果m＞M，小球离开滑车向右做平抛运动．故B、C、D正确．故选BCD．点评：解决本题的关键知道小球和小车组成的系统在水平方向上动量守恒．会根据动量守恒定律进行分析．11．（4分）（2009•上海）光电效应的实验结论是：对于某种金属（）A．无论光强多强，只要光的频率小于极限频率就不能产生光电效应B．无论光的频率多低，只要光照时间足够长就能产生光电效应C．超过极限频率的入射光强度越弱，所产生的光电子的最大初动能就越小D．超过极限频率的入射光频率越高，所产生的光电子的最大初动能就越大考点：爱因斯坦光电效应方程；光电效应．分析：只要明确光电效应的特点就能顺利解决本题．能否发生光电效应于光照强度无关，其条件是光的频率大于金属的极限频率．解答：解：A、每种金属都有它的极限频率ν0，只有入射光子的频率大于极限频率ν0时，才会发生光电效应，无论光照强度多强，都不能发生光电效应，故A正确；B、发生光电效应的条件是光的频率大于极限频率ν0，与光照强度无关，故B错误；C、由光电效应方程E k=hν﹣W=hν﹣hν0，可知入射光子的频率越大，产生的光电子的最大初动能也越大，与入射光的强度无关，故C错误；D、根据光电效应方程E k=hν﹣W=hν﹣hν0可知，故D正确．故选：AD．点评：本题比较简单，直接考察了对光电效应的掌握情况，明确光电电流的大小和初动能的大小决定因素是不同的．12．（4分）（2013春•正定县校级期末）用如图的装置研究光电效应现象，当用光子能量为2.5eV 的光照射到光电管上时，电流表G的读数为0.2mA．移动变阻器的触点c，当电压表的示数大于或等于0.7V时，电流表读数为0．则（）A．光电管阴极的逸出功为1.8eVB．电键k断开后，没有电流流过电流表GC．光电子的最大初动能为0.7eVD．改用能量为1.5eV的光子照射，电流表G也有电流，但电流较小考点：爱因斯坦光电效应方程．专题：光电效应专题．分析：A、该装置所加的电压为反向电压，发现当电压表的示数大于或等于0.7V时，电流表示数为0，知道光电子点的最大初动能为0.7eV，根据光电效应方程E Km=hγ﹣W0，求出逸出功．B、电键S断开，只要有光电子发出，则有电流流过电流表．D、改用能量为1.5eV的光子照射，通过判断是否能发生光电效应来判断是否光电流．解答：解：A、该装置所加的电压为反向电压，发现当电压表的示数大于或等于0.7V时，电流表示数为0，知道光电子点的最大初动能为0.7eV，根据光电效应方程E Km=hγ﹣W0，W0=1.8eV．故A、C正确．B、电键S断开后，用光子能量为2.5eV的光照射到光电管上时发生了光电效应，有光电子逸出，则有电流流过电流表．故B错误．D、改用能量为1.5eV的光子照射，由于光电子的能量小于逸出功，不能发生光电效应，无光电流．故D错误．故选：AC点评：解决本题的关键掌握光电效应的条件，以及光电效应方程E Km=hγ﹣W0．二、填空、实验题（每空2分，共8分）13．（4分）（2012•宁城县模拟）如图所示是研究光电效应规律的电路．图中标有A和K的为光电管，其中K为阴极，A为阳极．现接通电源，用光子能量为10.5eV的光照射阴极K，电流计中有示数，若将滑动变阻器的滑片P缓慢向右滑动，电流计的读数逐渐减小，当滑至某一位置时电流计的读数恰好为零，读出此时电压表的示数为6.0V；则光电管阴极材料的逸出功为 4.5 eV，现保持滑片P位置不变，增大入射光的强度，电流计的读数为零．（选填“为零”、或“不为零”）考点：光电效应．专题：光电效应专题．分析：从图中可知，所加的电压为反向电压，电流计的读数恰好为零，此时电压表的示数为6.0V，可知光电子的最大初动能，根据光电效应方程E Km=hγ﹣W0，求出逸出功．光电子的最大初动能与入射光的强度无关，与入射光的频率有关．解答：解：电流计的读数恰好为零，此时电压表的示数为6.0V，知光电子的最大初动能为6.0eV．根据光电W0=hγ﹣E Km=10.5﹣6.0=4.5eV．光电子的最大初动能与入射光的强度无关，与入射光的频率有关．所以增大入射光的强度，电流计的读数为零．故本题答案为：4.5，为零．点评：解决本题的关键掌握光电效应方程E Km=hγ﹣W0，以及知道光电子的最大初动能与入射光的强度无关，与入射光的频率有关．14．（4分）（2014春•保定校级期末）如图（a）所示，在水平光滑轨道上停着甲、乙两辆实验小车，甲车系一穿过打点计时器的纸带，当甲车受到水平向右的瞬时冲量时，随即启动打点计时器，甲车运动一段距离后，与静止的乙车发生正碰并粘在一起运动，纸带记录下碰撞前甲车和碰撞后两车运动情况如图（b）所示，电源频率为50Hz，则碰撞前甲车运动速度大小为0.6 m/s，甲、乙两车的质量比m甲：m乙= 2：1 ．考点：验证动量守恒定律．专题：实验题．分析：由纸带所示数据求出碰前甲车速度与彭侯两车的共同速度；碰撞过程中，两车组成的系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出两车质量之比．解答：解：碰前甲做匀速运动，由纸带可求得甲车碰前的速度为，碰后甲、乙一起做运动运动，速度为，由动量守恒定律得 m甲v1=（m甲+m乙）v2，甲、乙两车质量之比为；故答案为：0.6；2：1．点评：由纸带数据应用速度公式求出车的速度、应用动量守恒定律即可正确解题．。
河南省三门峡市陕州中学2015届高三考前适应性考试理科综合试题及答案
2014-2015学年下期高三考前适应性考试理科综合试卷第I卷（选择题共126分）一、选择题：本题共有13小题，每小题6分，在每题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、下列有关生物学研究的叙述，正确的有A.“35S标记的T2噬菌体侵染细菌”的实验中，若未经搅拌就进行离心，则上清液放射性低B.“探究细胞大小与物质运输效率的关系”的实验中，NaOH扩散速度是因变量C. 在电子显微镜下拍摄到的叶绿体的结构照片属于物理模型D.对酵母菌计数时，应吸取培养液滴满血细胞计数板的计数室，然后再盖上盖玻片并镜检2、图甲表示某作物相对光合速率（即净光合速率）与叶龄的关系，A点表示幼叶呈折叠状，B点表示叶充分展开。
图乙中曲线1、2分别表示该作物在适宜的光照强度下的实际光合量和净光合量，下列叙述错误的是甲乙A．由甲图分析，A点相对光合速率较低是由于幼叶光合色素含量少，吸收光能少B．甲图中CD段出现的主要原因是叶绿素的含量减少，光合作用所需的酶活性降低C．由乙图分析可知，该作物在25℃条件下最有利于积累有机物D．若该作物生活在12小时光照12小时黑暗的环境中，35℃时该植物仍能正常生长3．某种耐盐植物细胞的液泡膜上有一种载体蛋白，能将Na＋逆浓度梯度运入液泡，从而降低Na＋对细胞质基质中酶的伤害。
下列叙述错误的是A．液泡膜和细胞膜构成了原生质层B．Na＋和水分子进入液泡的方式不同C．该载体蛋白数量增多有助于提高植物的耐盐性D．这种适应性特征的形成是长期自然选择的结果4．番茄是二倍体植物（2N=24），其正常叶基因(D)与马铃薯叶基因(d)位于6号染色体。
番茄变异后可出现一种三体，其6号染色体的同源染色体有三条。
三体在减数分裂联会时，3条同源染色体中的任意2条配对联会，另1条同源染色体不能配对。
减数第一次分裂的后期，配对的同源染色体正常分离，而不能配对的1条染色体随机移向细胞的任意一极。
而其他如5号染色体正常配对及分离（如图所示）。
河南省三门峡市陕州中学2014-2015学年高二下学期适应性考试数学(文)试题(含答案)
B．4
2. 以下有关命题的说法错误的是
C．3
D．2
A．命题“若 x 2 3x 2 0 则 x=1”的逆否命题为“若 x 1,则x 2 3x 2 0 ”
B．“ x 1 ”是“” x 2 3x 2 0 的充分不必要条件
C．若 p q 为假命题，则 p、q 均为假命题
D．对于命题 p : x R使得x 2 x 1 0,则p : x R, 均有x 2 x 1 0
18．(本小题满分 12 分)
已知函数 f(x)＝a x3 ＋bx＋c 在点 x＝2 处取得极值 c－16.
(Ⅰ)求 a，b 的值； (Ⅱ)若 f(x)有极大值 28，求 f(x)在上的最小值．
19．(本小题满分 12 分)
1 已知函数 f(x)＝lnx－ ax2－2x(a<0)．
2
(I)若函数 f(x)在定义域内单调递增，求 a 的取值范围；
3.
函数
f (x)
log2 (x 2)
3 x
的零点所在的大致区间是
A．（0，1）
B．（1，2）
C．（2， e ）
D．（3，4）
4. 已知实数 a,b, c 满足不等式 0 a b c 1，且 M 2a , N 5b , p ln c, 则 M , N , P 的大小
关系为
A． P N M
2014-2015 学年下期高二适应性考试
文科数学
一、选择题:本大题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合 题目要求的．
1. 已知集合 A {x x 3n 2, n N}, B {6,8,10,12,14}，则集合 A B 中的元素个数为
A． 5
1
高二物理期末试题-三门峡市陕州中学2014-2015学年高二(下)期末模拟试卷物理试题及答案
2014-2015学年河南省三门峡市陕州中学高二（下）期末物理模拟试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分，其中1-8题为单项选择题，9-12题为不定项选择题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．（4分）（2011•广东）如图所示的水平面上，橡皮绳一端固定，另一端连接两根弹簧，连接点P在F1、F2和F3三力作用下保持静止．下列判断正确的是（）A．F1＞F2＞F3B．F3＞F1＞F2C．F2＞F3＞F1D． F3＞F2＞F12．（4分）（2011•安徽）一质量为m的物块恰好静止在倾角为θ的斜面上．现对物块施加一个竖直向下的恒力F，如图所示．则物块（）A．仍处于静止状态B．沿斜面加速下滑C．受到的摩擦力不变D．受到的合外力增大3．（4分）（2014•山东）如图，用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点，制成一简易秋千，某次维修时将两轻绳各剪去一小段，但仍能保持等长且悬挂点不变，木板静止时，F1表示木板所受合力的大小，F2表示单根轻绳对木板拉力的大小，则维修后（）A．F1不变，F2变大B． F1变大，F2变小C．F1变大，F2变大D． F1变小，F2变小4．（4分）（2013•广东）某航母跑道长200m．飞机在航母上滑行的最大加速度为6m/s2，起飞需要的最低速度为50m/s．那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为（）A．5m/s B．10m/s C．15m/s D． 20m/s5．（4分）（2009•山东）某物体做直线运动的v﹣t图象如图所示，据此判断下列（F表示物体所受合力，x表示物体的位移）四个选项中正确的是（）A．B．C．D．6．（4分）（2009•山东）如图所示，光滑半球形容器固定在水平面上，O为球心，一质量为m的小滑块，在水平力F的作用下静止P点．设滑块所受支持力为F N．OP与水平方向的夹角为θ．下列关系正确的是（）A．F=B．F=mgtanθC．F N= D． F N=mgtanθ7．（4分）（2009•江苏）用一根长1m的轻质细绳将一副质量为1kg的画框对称悬挂在墙壁上，已知绳能承受的最大张力为10N，为使绳不断裂，画框上两个挂钉的间距最大为（g取10m/s2）（）A．B．C．D．8．（4分）（2015春•河南校级期末）两刚性球a和b的质量分别为m a和m b、直径分别为d a个d b（d a＞d b）．将a、b球依次放入一竖直放置、内径为的平底圆筒内，如图所示．设a、b两球静止时对圆筒侧面的压力大小分别为f1和f2，筒底所受的压力大小为F．已知重力加速度大小为g．若所以接触都是光滑的，则（）A．F=（m a+m b）g f1=f2B．F=（m a+m b）g f1≠f2C．m a g＜F＜（m a+m b）g f1=f2D． m a g＜F＜（m a+m b）g f1≠f29．（4分）（2009•海南）甲乙两车在平直道路上同向运动，其v﹣t图象如图所示，图中△OPQ 和△OQT的面积分别为S1和S2（S2＞S1），初始时甲车在乙车前方S0处，则下列说法正确的是（）A．若S0=S1+S2，两车不会相遇 B．若S0＜S1，两车相遇2次C．若S0=S1，两车相遇1次D．若S0=S2，两车相遇1次10．（4分）（2013•广东）如图，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度相同的光滑轨道．甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A处自由滑向B处，下列说法正确的有（）A．甲的切向加速度始终比乙的大B．甲、乙在同一高度的速度大小相等C．甲、乙在同一时刻总能到达同一高度D．甲比乙先到达B处11．（4分）（2013•四川）甲、乙两物体在t=0时刻经过同一位置沿x轴运动，其v﹣t图象如图所示，则（）A．甲、乙在t=0到t=ls之间沿同一方向运动B．乙在t=0到t=7s之间的位移为零C．甲在t=0到t=4s之间做往复运动D．甲、乙在t=6s时的加速度方向相同12．（4分）（2015春•河南校级期末）如图所示，以8m/s匀速行驶的汽车即将通过路口，绿灯还有2s将熄灭，此时汽车距离停车线18m．该车加速时最大加速度大小为2m/s2，减速时最大加速度大小为5m/s2．此路段允许行驶的最大速度为12.5m/s，下列说法中正确的有（）A．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前汽车可能通过停线B．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前通过停车线汽车定超速C．如果立即做匀减速运动，在绿灯熄灭前汽车一定不能通过停车线D．如果距停车线5m处减速，汽车能停在停车线处二．实验题（16分，其中13题（1）14题（1）每空3分，其余每空2分）13．（9分）（2013•广东）研究小车匀变速直线运动的实验装置如图（a）所示，其中斜面倾角θ可调，打点计时器的工作频率为50Hz，纸带上计数点的间距如图（b）所示，其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出．①部分实验步骤如下：A．测量完毕，关闭电源，取出纸带B．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车C．将小车依靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连D．把打点计时器固定在平板上，让纸穿过限位孔上述实验步骤的正确顺序是：（用字母填写）②图（b）中标出的相邻两计数点的时间间隔T= s③计数点5对应的瞬时速度大小计算式为v5= ．④为了充分利用记录数据，减小误差，小车加速度大小的计算式应为a= ．14．（7分）（2015春•河南校级期末）（1）在“验证力的平行四边形定则”实验中，用两个弹簧秤分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使它伸长到某一位置O点，为了确定两个分力的大小和方向，这一步操作中必须记录的是．A．橡皮条固定端的位置B．描下O点位置和两条细绳套的方向C．橡皮条伸长后的总长度D．两个弹簧秤的读数（2）做实验时，根据测量结果在白纸上画出如图所示的图，其中O为橡皮条与细绳套的结点．图中的是F1和F2的合力的理论值；是F1和F2的合力的实际测量值．三．计算题（36分，解答题应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位．）15．（9分）（2015春•河南校级期末）水平面上有一重40N的物体，受到F1=12N和F2=6N 的两方向相反的水平力作用而保持静止．已知物体与水平面间的动摩擦因数为μ=0.2．（1）此时物体所受的摩擦力为多大？（2）将F1撤去后，物体受的摩擦力为多大？（3）将F2撤去后，物体受的摩擦力为多大？16．（9分）（2009秋•浏阳市校级期末）如图所示，物体A重100N，物体B重20N，A与水平桌面间的最大静摩擦力是30N，整个系统处于静止状态，这时A受到的静摩擦力是多大？如果逐渐加大B的重力，而仍保持系统静止，则B物体重力的最大值是多少？17．（9分）（2015春•河南校级期末）屋檐上每隔相同的时间间隔滴下一滴水，当第5滴正欲滴下时，第1滴已刚好到达地面，而第3滴与第2滴分别位于高为1m的窗户的上、下沿（不计水滴大小），如图所示（g取10m/s2），问：（1）滴水的时间间隔是多少？（2）此屋檐离地面多高？18．（9分）（2015春•河南校级期末）一列火车的制动性能经测定：当它以速度20m/s在水平直轨道上行驶时，制动后需40s才能停下，认为火车做匀减速直线运动．现这列火车正以20m/s的速度在水平直轨道上行驶，司机发现前方180m处有一货车正以6m/s的速度在同一轨道上同向行驶，于是立即制动．问（1）列车的制动性能测定出的加速度多大？（2）计算说明是否会发生撞车事件？（3）如不发生撞车，计算列车和货车间的最小距离多大？如发生撞车，计算何时撞车？2014-2015学年河南省三门峡市陕州中学高二（下）期末物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分，其中1-8题为单项选择题，9-12题为不定项选择题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．（4分）（2011•广东）如图所示的水平面上，橡皮绳一端固定，另一端连接两根弹簧，连接点P在F1、F2和F3三力作用下保持静止．下列判断正确的是（）A．F1＞F2＞F3B．F3＞F1＞F2C．F2＞F3＞F1D． F3＞F2＞F1考点：力的合成．专题：计算题；压轴题．分析：如果一个物体受到三个力的作用也能处于平衡状态，叫做三力平衡．很显然这三个力的合力应该为零．而这三个力可能互成角度，也可能在一条直线上；对于三力平衡，一般根据“任意两个力的合力与第三个力等大反向”的关系，借助三角函数、相似三角形等手段求解；或将某一个力分解到另外两个力的反方向上，得到的这两个分力势必与另外两个力等大、反向；对于多个力的平衡，利用先分解再合成的正交分解法．本题对P点受力分析，可以运用合成法、分解法、正交分解法求解．解答：解：对P点受力分析，如图根据共点力平衡条件F1=F3cos30°=F3F2=F3sin30°=F3因而F3＞F1＞F2故选B．点评：物体在三个力的作用下处于平衡状态，要求我们分析三力之间的相互关系的问题叫三力平衡问题，这是物体受力平衡中最重要、最典型也最基础的平衡问题．这种类型的问题有以下几种常见题型：①三个力中，有两个力互相垂直，第三个力角度（方向）已知．②三个力互相不垂直，但夹角（方向）已知《考试说明》中规定力的合成与分解的计算只限于两力之间能构成直角的情形．三个力互相不垂直时，无论是用合成法还是分解法，三力组成的三角形都不是直角三角形，造成求解困难．因而这种类型问题的解题障碍就在于怎样确定研究方法上．解决的办法是采用正交分解法，将三个不同方向的力分解到两个互相垂直的方向上，再利用平衡条件求解．③三个力互相不垂直，且夹角（方向）未知三力方向未知时，无论是用合成法还是分解法，都找不到合力与分力之间的定量联系，因而单从受力分析图去求解这类问题是很难找到答案的．要求解这类问题，必须变换数学分析的角度，从我们熟悉的三角函数法变换到空间几何关系上去考虑，因而这种问题的障碍点是如何正确选取数学分析的方法．解决这种类型的问题的对策是：首先利用合成法或分解法作出三力之间的平行四边形关系和三角形关系，再根据力的三角形寻找与之相似的空间三角形，利用三角形的相似比求解．④三力的动态平衡问题即三个力中，有一个力为恒力，另一个力方向不变，大小可变，第三个力大小方向均可变，分析第三个力的方向变化引起的物体受力的动态变化问题．这种类型的问题不需要通过具体的运算来得出结论，因而障碍常出现在受力分析和画受力分析图上．在分析这类问题时，要注意物体“变中有不变”的平衡特点，在变中寻找不变量．即将两个发生变化的力进行合成，利用它们的合力为恒力的特点进行分析．在解决这类问题时，正确画出物体在不同状态时的受力图和平行四边形关系尤为重要．2．（4分）（2011•安徽）一质量为m的物块恰好静止在倾角为θ的斜面上．现对物块施加一个竖直向下的恒力F，如图所示．则物块（）A．仍处于静止状态B．沿斜面加速下滑C．受到的摩擦力不变D．受到的合外力增大考点：共点力平衡的条件及其应用．专题：计算题．分析：质量为m的物块恰好静止在倾角为θ的斜面上，对其受力分析，可求出动摩擦因数，加力F后，根据共点力平衡条件，可以得到压力与最大静摩擦力同时变大，物体依然平衡．解答：解：由于质量为m的物块恰好静止在倾角为θ的斜面上，说明斜面对物块的摩擦力等于最大静摩擦力，对物体受力分析，如图根据共点力平衡条件，有f=mgsinθN=mgcosθf=μN解得μ=tanθ对物块施加一个竖直向下的恒力F，再次对物体受力分析，如图根据共点力平衡条件，有与斜面垂直方向依然平衡：N=（mg+F）cosθ因而最大静摩擦力为：f=μN=μ（mg+F）cosθ=（mg+F）sinθ故合力仍然为零，物块仍处于静止状态，A正确，B、D错误，摩擦力由mgsinθ增大到（F+mg）sinθ，C错误；故选A．点评：本题要善用等效的思想，可以设想将力F撤去，而换成用一个重力的大小等于F 的物体叠放在原来的物块上！3．（4分）（2014•山东）如图，用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点，制成一简易秋千，某次维修时将两轻绳各剪去一小段，但仍能保持等长且悬挂点不变，木板静止时，F1表示木板所受合力的大小，F2表示单根轻绳对木板拉力的大小，则维修后（）A．F1不变，F2变大B． F1变大，F2变小C．F1变大，F2变大D． F1变小，F2变小考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：木板静止时，受重力和两个拉力而平衡，根据共点力平衡条件并结合正交分解法列式分析即可．解答：解：木板静止时，受重力和两个拉力而平衡，故三个力的合力为零，即：F1=0；根据共点力平衡条件，有：2F2cosθ=mg解得：F2=当细线变短时，细线与竖直方向的夹角θ增加，故cosθ减小，拉力F2变大．故选：A．点评：本题是简单的三力平衡问题，关键是受力分析后运用图示法分析，不难．4．（4分）（2013•广东）某航母跑道长200m．飞机在航母上滑行的最大加速度为6m/s2，起飞需要的最低速度为50m/s．那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为（）A．5m/s B．10m/s C．15m/s D． 20m/s考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系．专题：直线运动规律专题．分析：已知飞机的末速度、加速度和位移，代入公式，即可求出初速度．解答：解：由运动学公式v2﹣v02=2as代人数据得：m/s，故选B正确．故选：B．点评：该题考察导出公式的应用，直接代入公式即可．5．（4分）（2009•山东）某物体做直线运动的v﹣t图象如图所示，据此判断下列（F表示物体所受合力，x表示物体的位移）四个选项中正确的是（）A．B．C．D．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．分析：在v﹣t图象中倾斜的直线表示物体做匀变速直线运动，加速度恒定，受力恒定．速度﹣﹣时间图象特点：①因速度是矢量，故速度﹣﹣时间图象上只能表示物体运动的两个方向，t轴上方代表的“正方向”，t轴下方代表的是“负方向”，所以“速度﹣﹣时间”图象只能描述物体做“直线运动”的情况，如果做曲线运动，则画不出物体的“位移﹣﹣时间”图象；②“速度﹣﹣时间”图象没有时间t的“负轴”，因时间没有负值，画图要注意这一点；③“速度﹣﹣时间”图象上图线上每一点的斜率代表的该点的加速度，斜率的大小表示加速度的大小，斜率的正负表示加速度的方向；④“速度﹣﹣时间”图象上表示速度的图线与时间轴所夹的“面积”表示物体的位移本题中物体先匀加速前进，然后匀减速前进，再匀加速后退，最后匀加减速后退，根据运动情况先求出加速度，再求出合力．解答：解：由图可知前两秒物体做初速度为零的匀加速直线运动，所以前两秒受力恒定，2s﹣4s做正方向匀加速直线运动，所以受力为负，且恒定，4s﹣6s做负方向匀加速直线运动，所以受力为负，恒定，6s﹣8s做负方向匀减速直线运动，所以受力为正，恒定，综上分析B正确．故选B．点评：本题关键先根据图象确定物体的运动情况，然后求出各段过程的加速度，最后求解合外力．6．（4分）（2009•山东）如图所示，光滑半球形容器固定在水平面上，O为球心，一质量为m的小滑块，在水平力F的作用下静止P点．设滑块所受支持力为F N．OP与水平方向的夹角为θ．下列关系正确的是（）A．F=B．F=mgtanθC．F N= D． F N=mgtanθ考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．分析：物体处于平衡状态，对物体受力分析，根据共点力平衡条件，可求出支持力和水平推力．解答：解：对小滑块受力分析，受水平推力F、重力G、支持力F N、根据三力平衡条件，将受水平推力F和重力G合成，如图所示，由几何关系可得，，所以A正确，B、C、D错误．故选A．点评：本题受力分析时应该注意，支持力的方向垂直于接触面，即指向圆心．本题也可用正交分解列式求解！7．（4分）（2009•江苏）用一根长1m的轻质细绳将一副质量为1kg的画框对称悬挂在墙壁上，已知绳能承受的最大张力为10N，为使绳不断裂，画框上两个挂钉的间距最大为（g取10m/s2）（）A．B．C．D．考点：力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．分析：将重力按照力的效果进行分解，即沿两细线的方向分解，求出绳子即将断开时的临界角度（两细线夹角）即可得出画框上两个挂钉的最大间距．解答：解：一个大小方向确定的力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大，因而当绳子拉力达到F=10N的时候，绳子间的张角最大，为120°，此时两个挂钉间的距离最大；画框受到重力和绳子的拉力，三个力为共点力，受力如图．绳子与竖直方向的夹角为θ=60°，绳子长为L0=1m，则有mg=2Fcosθ，两个挂钉的间距离，解得m，A项正确；故选：A．点评：熟练应用力的合成和分解以及合成与分解中的一些规律，是解决本题的根本．8．（4分）（2015春•河南校级期末）两刚性球a和b的质量分别为m a和m b、直径分别为d a个d b（d a＞d b）．将a、b球依次放入一竖直放置、内径为的平底圆筒内，如图所示．设a、b两球静止时对圆筒侧面的压力大小分别为f1和f2，筒底所受的压力大小为F．已知重力加速度大小为g．若所以接触都是光滑的，则（）A．F=（m a+m b）g f1=f2B． F=（m a+m b）g f1≠f2C．m a g＜F＜（m a+m b）g f1=f2D． m a g＜F＜（m a+m b）g f1≠f2考点：物体的弹性和弹力．分析：先对整体进行分析，再对b球进行分析，由共点力的平衡条件可明确支持力及摩擦力的大小．解答：解：对ab整体受力分析，受重力、支持力、两容器壁的压力，如图根据共点力平衡条件，有f1′=f2′F′=（m a+m b）g根据牛顿第三定律球对容器壁的压力与容器壁对球的压力大小相等f1=f1′f2=f2′F=F′因而f1=f2F=（m a+m b）g故选：A．点评：整体法和隔离法是力学部分常用的解题方法．1．整体法：在力学中就是把几个物体视为一个整体，作为研究对象，受力分析时，只分析这一整体对象之外的物体对整体的作用力，不考虑整体内部之间的相互作用力；2．隔离法：隔力学中就是把要分析的物体从相关的物体体系中隔离出来，作为研究对象，只分析该研究对象以外的物体对该对象的作用力，不考虑研究对象对其他物体的作用力；本题对ab整体受力分析，根据共点力平衡条件即可判断．9．（4分）（2009•海南）甲乙两车在平直道路上同向运动，其v﹣t图象如图所示，图中△OPQ 和△OQT的面积分别为S1和S2（S2＞S1），初始时甲车在乙车前方S0处，则下列说法正确的是（）A．若S0=S1+S2，两车不会相遇 B．若S0＜S1，两车相遇2次C．若S0=S1，两车相遇1次D．若S0=S2，两车相遇1次考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的公式．分析：此题考察了追击与相遇问题，解决此类问题的关键是分析清楚两物体的位移关系．两物体的位移之差等于初始时的距离是两物体相遇的条件．解答：解：由图线可知：在T时间内，甲车前进了S2，乙车前进了S1+S2；A、若S0+S2＞S1+S2，即S0＞S1，两车不会相遇，所以选项A正确；B、若S0+S2＜S1+S2，即S0＜S1，在T时刻之前，乙车会超过甲车，但甲车速度增加的快，所以甲车还会超过乙车，则两车会相遇2次，所以选项B正确；C、D、若S0+S2=S1+S2，即S0=S1两车只能相遇一次，所以选项C正确，D错误；故选ABC．点评：1、抓住速度图象是速度随时间的变化规律，是物理公式的函数表现形式，分析问题时要做到数学与物理的有机结合，数学为物理所用．2、在速度图象中，纵轴截距表示初速度，斜率表示加速度，图象与坐标轴围成的“面积”表示位移，抓住以上特征，灵活分析．10．（4分）（2013•广东）如图，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度相同的光滑轨道．甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A处自由滑向B处，下列说法正确的有（）A．甲的切向加速度始终比乙的大B．甲、乙在同一高度的速度大小相等C．甲、乙在同一时刻总能到达同一高度D．甲比乙先到达B处考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系．专题：直线运动规律专题．分析：①由受力分析及牛顿第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的小；②可以使用机械能守恒来说明，也可以使用运动学的公式计算，后一种方法比较麻烦；③哪一个先达到B点，可以通过速度的变化快慢来理解，也可以使用v﹣t图象来计算说明．解答：解：A：由受力分析及牛顿第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的小，故A错误；B：由机械能守恒定律可知，各点的机械能保持不变，高度（重力势能）相等处的动能也相等，故B正确；C、D：甲的切向加速度先比乙的大，速度增大的比较快，开始阶段的位移比较大，故甲总是先达到同一高度的位置．故C错误，D正确．故选：BD．点评：本题应该用“加速度”解释：高度相同，到达底端的速度大小就相同，但甲的加速度逐渐减小，乙的加速度逐渐增大．所以它们的速度增加的快慢不同，甲增加得最快，乙增加得最慢．11．（4分）（2013•四川）甲、乙两物体在t=0时刻经过同一位置沿x轴运动，其v﹣t图象如图所示，则（）A．甲、乙在t=0到t=ls之间沿同一方向运动B．乙在t=0到t=7s之间的位移为零C．甲在t=0到t=4s之间做往复运动D．甲、乙在t=6s时的加速度方向相同考点：匀变速直线运动的图像．专题：压轴题；运动学中的图像专题．分析：本题应抓住速度时间图象中速度的正负表示速度的方向，图象与坐标轴所围的“面积”表示物体的位移，斜率等于物体的加速度进行分析．解答：解：A、在t=0到t=ls之间，甲始终沿正方向运动，而乙先沿负方向运动后沿正方向运动，故A错误；B、根据速度图象与坐标轴所围的“面积”表示物体的位移，t轴上方的“面积”表示位移是正值，t轴下方的“面积”表示位移是负值，则知在t=0到t=7s之间乙的位移为零．故B正确；C、在t=0到t=4s之间，甲的速度始终为正值，说明甲一直沿正方向做单向直线运动．故C 错误；D、根据斜率等于物体的加速度知，甲、乙在t=6s时的加速度方向都沿负方向，方向相同．故D正确．故选：BD．点评：本题关键要掌握速度图象的数学意义：图象与坐标轴所围的“面积”表示物体的位移，斜率等于物体的加速度进行分析．12．（4分）（2015春•河南校级期末）如图所示，以8m/s匀速行驶的汽车即将通过路口，绿灯还有2s将熄灭，此时汽车距离停车线18m．该车加速时最大加速度大小为2m/s2，减速时最大加速度大小为5m/s2．此路段允许行驶的最大速度为12.5m/s，下列说法中正确的有（）A．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前汽车可能通过停线B．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前通过停车线汽车定超速C．如果立即做匀减速运动，在绿灯熄灭前汽车一定不能通过停车线D．如果距停车线5m处减速，汽车能停在停车线处考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．分析：本题中汽车有两种选择方案方案一、加速通过按照AB选项提示，汽车立即以最大加速度匀加速运动，分别计算出匀加速2s的位移和速度，与实际要求相比较，得出结论；方案二、减速停止按照CD选项提示，汽车立即以最大加速度匀减速运动，分别计算出减速到停止的时间和位移，与实际要求相比较，即可得出结论；解答：解：如果立即做匀加速直线运动，t1=2s内的位移=20m＞18m，此时汽车的速度为v1=v0+a1t1=12m/s＜12.5m/s，汽车没有超速，A项正确、B错误；如果立即做匀减速运动，速度减为零需要时间s，此过程通过的位移为=6.4m，即刹车距离为6.4m，提前18m减速，汽车不会超过停车线，如果距停车线5m处减速，则会过线，因而C项正确、D错误；故选AC．点评：熟练应用匀变速直线运动的公式，是处理问题的关键，对汽车运动的问题一定要注意所求解的问题是否与实际情况相符．二．实验题（16分，其中13题（1）14题（1）每空3分，其余每空2分）13．（9分）（2013•广东）研究小车匀变速直线运动的实验装置如图（a）所示，其中斜面倾角θ可调，打点计时器的工作频率为50Hz，纸带上计数点的间距如图（b）所示，其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出．①部分实验步骤如下：A．测量完毕，关闭电源，取出纸带B．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车C．将小车依靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连D．把打点计时器固定在平板上，让纸穿过限位孔上述实验步骤的正确顺序是：DCBA （用字母填写）②图（b）中标出的相邻两计数点的时间间隔T= 0.1 s③计数点5对应的瞬时速度大小计算式为v5= ．。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
2014-2015学年下期高二适应性考试物理试卷
一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，1-7小题只有一个选项正确，8-10小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）
1、在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学研究方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立理想模型法等等，以下关于所用物理学研究方法的叙述不．正确
．．的是（）
A．根据速度定义式v=Δx/Δt，当Δt非常非常小时，Δx/Δt就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法
B．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法
C．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法
D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法
2、一辆汽车以速度v行驶了全程的一半，然后匀减速行驶了一半，恰好停止，则全程的平均速度为（）ww
A、错误！未找到引用源。
B、错误！未找到引用源。
C、错误！未找到引用源。
D、错误！未找到引用源。
3、如图所示，将一个质量为m的球固定在弹性杆AB的上端，今用测力计沿水平方向缓慢拉球，使杆发生弯曲，在测力计的示数逐渐增大的过程中，AB杆对球的弹力方向为（）
A．始终水平向左
B．始终竖直向上
C．斜向左上方，与竖直方向的夹角逐渐增大
D．斜向左下方，与竖直方向的夹角逐渐增大
4．如图所示，两个梯形木块A、B叠放在水平地面上，A、B之间的接触面倾斜，A的左侧靠在光滑
的竖直墙面上．关于两个木块的受力，下列说法正确的是()
A．A、B之间一定存在摩擦力
B．A可能受三个力作用
C．A一定受四个力作用
D．B受到地面的摩擦力的方向向右
5、如图7，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度相同的光滑轨道。
甲、乙两小孩沿不同轨道
同时从A处自由滑向B处，下列说法正确的有（）
A ．甲的切向加速度始终比乙的大
B ．甲、乙在同一高度的速度大小不相等
C ．甲、乙在同一时刻总能到达同一高度
D ．甲比乙先到达B 处
6．木块A 、B 分别重50N 和70N ，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.2，与A 、B 相连接的轻弹簧被压缩了5 cm ，系统置于水平地面上静止不动,己知弹簧的劲度系数为100 N ／m 。
用F=7N 的水平力作用在木块A 上，滑动摩擦力近似等于最大摩擦力。
如图所示，力F 作用后 A ．木块A 所受摩擦力大小是10N B ．木块A 所受摩擦力大小是2N C ．弹簧的弹力是12N D ．木块B 受摩擦力大小为12N
7、如图所示，一小球用轻绳悬于O 点，用力F 拉住小球，使悬线保持偏离竖直方向75°角，且小球始终处于平衡状态。
为了使F 有最小值，F 与竖直方向的夹角θ应该是( )
A ．90°
B ．45°
C ．15°
D ．0° 8、一物体沿直线运动，其v - t 图象如图所示，则关于该物体的运动情况，下述正确的是：（ ）
A 、第1s 末物体的位移和速度都改变方向
B 、第2s 末物体的位移和速度都改变方向
C 、前4s 内物体的位移为零
D 、第1s 末、第3s 末、第5s 末物体所在的位置相同
9、一个做变速直线运动的物体，加速度逐渐减小到零，那么该物体的运动情况可能是（ ）
A ．速度不断增大，到加速度为零时，速度达到最大，而后做匀速直线运动
B ．速度不断增大，到加速度减为零时，物体停止运动
C ．速度不断减小到零，然后又相反方向做加速运动，而后物体做匀速直线运动
D ．速度不断减小,到加速度为零时速度减到最小，而后物体做匀速直线运动.
10、用一轻绳将小球P 系于光滑墙壁上的O 点，在墙壁和球P 之间夹有有一矩形物块
Q 。
P 、Q 均处于静止状态，则下列相关说法正确的是（ ） A.P 物体受4个力 B.Q 受到3个力
C.若绳子变长，绳子的拉力将变小
D.若绳子变短，Q 受到的静摩擦力将增大
第Ⅱ卷（非选择题52分）
二、实验题（本题共2小题，共16分）
11（6分）、某物体牵引穿过打点计时器的纸带运动，计时器每隔T=0.02s打出一点，从纸带上已测得连续8个时间间隔T内的位移，如图所示，AB=5.62cm，BC=5.23cm，CD=4.85cm，DE=4.47cm，EF=4.08cm，FG=3.70cm，GH=3.31cm，HI=2.92cm。
（结果保留三位有效数字）
①这是不是匀变速运动？根据什么？。
②若是匀变速直线运动，则物体的加速度a的大小
为m/s2。
③B点的瞬时速度υB= m/s。
12（10分）、某同学在做“测定木板与木块间动摩擦因数”的实验时，设计了两种实验方案：方案一：木板固定，用弹簧测力计拉动木块，如下图(a)所示．
方案二：用弹簧测力计钩住木块，用力拉动木板，如下图(b)所示．除了实验必须的弹簧测力计、木块、木板、细线外，该同学还准备了若干重量均为2.00N的砝码．
（1）上述两种方案中，你认为更合理的方案是，理由是。
3
2.50
请根据上述数据在坐标纸上(上图(c)中)作出摩擦力f和砝码对木块的压力F的关系图象(以F为横坐标)。
图象不过原点的原因是。
由图象可知，木块与木板间的动摩擦因数为。
三、计算题（本题共4小题，第13、14、题各10分、第15题12分、第16题12分，共44分。
解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
）
13.摩托车从A点由静止出发做匀加速直线运动,用7s时间通过一座长BC=14m的平桥,过桥后
的速度是3m/s。
(1)它刚开上桥头时的速度v B有多大?
(2)桥头与出发点相距多远
?
14、A、B两辆汽车在笔直公路上同向行驶，当B车在A车前84m处时，B车速度为4m/s，且正以某加速度匀加速运动，在被追上前经过一段时间后，B车加速度突然变为零，此时B车的速度为16m/s。
A车一直以20m/s的速度在后头追赶，经过12s后，A车追上B车，问B车的加速时间是多少？
15、如图所示，小球被轻质细绳系住斜吊着放在静止光滑斜面上，设小球质量m=1kg，斜面倾角θ=300，悬线与竖直方向夹角α=300，光滑斜面M=3kg置于粗糙水平面上，求：（1）悬线对小球拉力的大小。
（2）地面对斜面的摩擦力的大小和方向。
（g=10 m/s2）Array 16如图所示,半径为R、质量为M的均匀球靠竖直墙放置,左下方有一厚为h、质量为m的木块。
若不
计摩擦,用至少多大的水平力F推木块才能使球离开地面?此时木块对地的压力为多大?
物理答题卷
二、实验题: （本题共2小题，共16分）
11、①。
②m/s2。
③υB= m/s。
12、（1），理由是。
（2）。
三、
13、（10分）
14、（10分）
15、（12分）
16、（12分）
物理试卷参考答案
二、实验题: （本题共2小题，共16分）
11（6分）、①是匀变速运动，因为相邻两段位移之差是个定值（2分）②9.63m/s2（2分）
③2.71m/s（2分）
12（10分）、方法二（2分），若用方法一必须保证木块在木板上做匀速运动一般很难做到，采用方法二只要拉木板向左运动就行（2分），计算正压力时没有加上木块的重力（2分），图（2分）0.25 （2分），
三、计算题
13
14．解：设B车加速时的加速度为错误！未找到引用源。
，加速时间为错误！未找到引用源。
,由题意有
错误！未找到引用源。
①
错误！未找到引用源。
②
联立①②并代入数据可得错误！未找到引用源。
15、解：答案错误！未找到引用源。
（4分）、错误！未找到引用源。
（4分）
16【解题指南】(1)先以球为研究对象,求临界状态木块对球的弹力大小。
(2)再以木块为研究对象,求水平力F的大小。
【解析】以球为研究对象,刚离地面时,它的受力如图甲所示。
则F T sinα=Mg ①而sinα=错误！未找到引用源。
②
木块的受力如图乙所示。
F=错误！未找到引用源。
Mg。
(2分)
由①④⑤得错误！未找到引用源。
=(M+m)g。
故木块对地面的压力为(M+m)g。
(2分) 答案:错误！未找到引用源。
Mg (M+m)g。