江苏南师附中2019高三高考重点卷(十)(最后一卷)-数学

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江苏南师附中2019高三高考重点卷(十)(最后一卷)-数

数学
(总分值160分,考试时间120分钟)
2018、5 参考公式:
锥体的体积公式为V =1
3Sh ,其中S 是锥体的底面积,h 是锥体的高、
【一】填空题:本大题共14小题,每题5分,共70分、
1.设集合U =R ,集合M ={x|x 2
-x ≥0},那么∁U M =______________、
2.高三(1)班共有48人,学号依次为1,2,3,…,48,现用系统抽样的方法抽取一个容量为4的样本,学号5,29,41在样本中,那么还有一个同学的学号应为______________、
(第4题)
3.i 为虚数单位,⎪⎪⎪⎪⎪⎪
a +i i =2,那么正实数a =________________、
4.执行右图所示的算法流程图,假设输出的结果为1
2,那么输入的x 为________________、
5.在平面直角坐标系xOy 中,角α的始边与x 轴正半轴重合,终边在直线y =-3x 上,且x >0,那么sin α=____________、
6.从集合{1,2,3,4,5}中随机选取一个数记为a ,从集合{2,3,4}中随机选取一个数记为b ,那么b >a 的概率是__________、
7.向量a =(x -z ,1),b =(2,y -z),且a ⊥b .假设x ,y 满足不等式组⎩⎪⎨⎪
⎧x -2y +2≥0,
x +2y -2≥0,
x ≤2,
那么z 的取值范围是______________、
8.“a =1”是“函数f(x)=2x
-a
2x +a 在其定义域上为奇函数”的____________条件、(填“充分不必要”“必要不充分”“充要”或“既不充分也不必要”)
(第9题)
9.一个圆锥的展开图如下图,其中扇形的圆心角为120°,底面圆的半径为1,那么该圆锥的体积为__________、
10.F 是双曲线C :x 2a 2-y
2
b 2=1(a >0,b >0)的左焦点,B 1B 2是双曲线的虚轴,M 是OB 1的
中点,过F 、M 的直线交双曲线C 于A ,且FM →=2MA →
,那么双曲线C 离心率是______________、
11.数列{a n }是公差不为0的等差数列,{b n }是等比数列,其中a 1=3,b 1=1,a 2=b 2,3a 5=b 3,假设存在常数u ,v 对任意正整数n 都有a n =3log u b n +v ,那么u +v =______________、
12.函数f(x)=log a (x 3-ax)(a >0且a ≠1),假如函数f(x)在区间⎝ ⎛⎭⎪⎫-12,0内单调递增,
那么a 的取值范围是____________、
(第13题)
13.如图,线段EF 的长度为1,端点E 、F 在边长不小于1的正方形ABCD 的四边上滑动、当E 、F 沿着正方形的四边滑动一周时,EF 的中点M 所形成的轨道为G.假设G 的周长为l ,其围成的面积为S ,那么l -S 的最大值为____________、
14.记F(a ,θ)=a 2+2asin θ+2
a 2+2acos θ+2,关于任意实数a 、θ,F(a ,θ)的最大值与最小值的和是__________、
【二】解答题:本大题共6小题,共90分、解答时应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤、
15.(本小题总分值14分)
函数f(x)=Asin(x +φ)(A >0,0<φ<π),x ∈R 的图象有一个最高点⎝ ⎛⎭⎪⎫
π3,1.
(1)求f(x)的解析式;
(2)假设α为锐角,且f(α)=1
3,求f(-α)的值、 16.(本小题总分值14分)
如图,正方形ABCD 和三角形ACE 所在的平面互相垂直、EF ∥BD ,AB =2EF.求证: (1)BF ∥平面ACE ; (2)BF ⊥BD.
如图,现有一个以∠AOB 为圆心角、湖岸OA 与OB 为半径的扇形湖面AOB.现欲在弧AB 上取不同于A 、B 的点C ,用渔沿着弧AC(弧AC 在扇形AOB 的弧AB 上)、半径OC 和线段CD(其中CD ∥OA),在该扇形湖面内隔出两个养殖区域——养殖区域Ⅰ和养殖区域Ⅱ.假设OA =
1km ,∠AOB =π
3,∠AOC =θ.
(1)用θ表示CD 的长度;
(2)求所需渔长度(即图中弧AC 、半径OC 和线段CD 长度之和)的取值范围、
抛物线D的顶点是椭圆C:x2
16+
y2
15=1的中心,焦点与该椭圆的右焦点重合、
(1)求抛物线D的方程;
(2)过椭圆C右顶点A的直线l交抛物线D于M、N两点、
①假设直线l的斜率为1,求MN的长;
②是否存在垂直于x轴的直线m被以MA为直径的圆E所截得的弦长为定值?假如存在,求出m的方程;假如不存在,说明理由、
函数f(x)=mx2-x+lnx.
(1)当m=-1时,求f(x)的最大值;
(2)假设在函数f(x)的定义域内存在区间D,使得该函数在区间D上为减函数,求m的取值范围;
(3)当m>0时,假设曲线C:y=f(x)在点x=1处的切线l与C有且只有一个公共点,求m的值、
假如无穷数列{a n }满足以下条件:①a n +a n +2
2≤a n +1;②存在实数M ,使得a n ≤M ,其中n ∈N ,那么我们称数列{a n }为Ω数列、
(1)设数列{b n }的通项为b n =5n -2n ,且是Ω数列,求M 的取值范围;
(2)设{c n }是各项为正数的等比数列,S n 是其前n 项和,c 3=14,S 3=7
4,证明:数列{S n }是Ω数列;
(3)设数列{d n }是各项均为正整数的Ω数列,求证:d n ≤d n +1.
2018届高三模拟考试试卷(十)
数学附加题(总分值40分,考试时间30分钟)
21.【选做题】在A 、B 、C 、D 四小题中只能选做2题,每题10分,共20分、假设多做,那么按作答的前两题计分、解答时应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤、
A.(选修41:几何证明选讲)
从⊙O 外一点P 向圆引两条切线PA 、PB 和割线PCD.从A 点作弦AE 平行于CD ,连结BE 交CD 于F.求证:BE 平分CD.
B.(选修42:矩阵与变换)
二阶矩阵A =⎣⎢⎡⎦⎥⎤a 3c 1,矩阵A 属于特征值λ1=-1的一个特征向量为α1=⎣⎢⎡⎦⎥⎤ 1-1. (1)求矩阵A 的另一个特征值及其对应的一个特征向量; (2)假设向量m =⎣⎢⎡⎦⎥⎤
-1-4,求A 4m . C.(选修44:坐标系与参数方程)
在极坐标系中,点A ⎝ ⎛
⎭⎪⎫22,-π4,圆O 1:ρ=4cos θ+4sin θ. (1)将圆O 1的极坐标方程化为直角坐标方程;
(2)判断点A 与圆O 1的位置关系、
D.(选修45:不等式选讲)
a ,
b ,x ,y 均为正数,且1a >1b ,x >y.求证:x x +a >y
y +b .
【必做题】第22、23题,每题10分,共20分、解答时应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤、
22.文娱队的每位队员唱歌、跳舞至少会一项、会唱歌的有2人,会跳舞的有5人,现
从文娱队中选2人,设X 为选出的人中既会唱歌又会跳舞的人数,且P(X >0)=7
10.
(1)求文娱队的总人数; (2)计算E(X)、
23.f n (x)=(1+x)n
,n ∈N .
(1)假设g(x)=f 4(x)+2f 5(x)+3f 6(x),求g(x)中含x 2
项的系数; (2)假设p n 是f n (x)展开式中所有无理项的系数和,数列{a n }是各项都大于1的数组成的数列,试用数学归纳法证明:p n (a 1a 2…a n +1)≥(1+a 1)(1+a 2)…(1+a n )、
2018届高三模拟考试试卷(十)(南师附中)
数学参考答案及评分标准 1.(0,1)2.173.34.-25.-326.257.13≤z ≤28.充分不必要9.22π
3 10.5211.612.⎣⎢⎡⎭⎪⎫34,113.5π
414.4
15.解:(1)由题意,A =1,sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫
π3+φ=1,又0<φ<π,因此φ=π6,
因此f(x)=sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫
x +π6.(6分) (2)由题意,sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫α+π6=13<12,又α∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,π2,因此α+π6∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,π6,
因此cos ⎝ ⎛
⎭⎪⎫α+π6=223,(10分)
因此f(-α)=sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫-α+π6=sin ⎣⎢⎡⎦⎥⎤π3-⎝ ⎛⎭⎪⎫α+π6=sin π3cos ⎝ ⎛⎭⎪⎫α+π6-cos π3
sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫α+π6
=32×223-12×13=26-1
6.(14分)
16.证明:(1)AC 与BD 交于O 点,连结EO.
正方形ABCD 中,2BO =AB ,又因为AB =2EF , ∴BO =EF ,又因为EF ∥BD ,∴EFBO 是平行四边形 ∴BF ∥EO ,又∵BF 平面ACE ,EO 平面ACE , ∴BF ∥平面ACE.(7分)
(2)正方形ABCD 中,AC ⊥BD ,又因为正方形ABCD 和三角形ACE 所在的平面互相垂直, BD 平面ABCD ,平面ABCD ∩平面ACE =AC ,∴BD ⊥平面ACE ,∵EO 平面ACE ∴BD ⊥EO ,∵EO ∥BF ,∴BF ⊥BD.(14分)
17.解:(1)由CD ∥OA ,∠AOB =π
3,∠AOC =θ,得∠OCD =θ,
∠ODC =2π3,∠COD =π
3-θ. 在△OCD 中,由正弦定理,
得CD =23sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫π3-θ,θ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫
0,π3(6分) (2)设渔的长度为f(θ)、由(1)可知, f(θ)=θ+1+23sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫
π3-θ.(8分)
因此f ′(θ)=1-2
3cos ⎝ ⎛⎭⎪⎫π3-θ,因为θ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,π3,因此π3-θ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,π3,
令f ′(θ)=0,得cos ⎝ ⎛⎭⎪⎫π3-θ=32,因此π3-θ=π6,因此θ=π6.
θ ⎝ ⎛⎭
⎪⎫0,π6 π
6 ⎝ ⎛⎭
⎪⎫π6,π3 f ′(θ) +
0 -
f(θ)
极大值
因此f(θ)∈⎝ ⎛⎦
⎥⎤
2,π+6+236. 故所需渔长度的取值范围是⎝ ⎛⎦
⎥⎤
2,π+6+236.(14分) 18.解:(1)由题意,可设抛物线方程为y 2
=2px(p >0)、由a 2
-b 2
=4-3=1,得c =1.
∴抛物线的焦点为(1,0),∴p =2.∴抛物线D 的方程为y 2=4x.(4分) (2)设A(x 1,y 1),B(x 2,y 2)、
①直线l 的方程为:y =x -4,联立⎩⎪⎨⎪
⎧y =x -4,y 2=4x ,整理得x 2
-12x +16=0. M(6-25,2-25),N(6+25,2+25),∴MN =(x 1-x 2)2
-(y 1-y 2)2
=410.(9分)
②设存在直线m :x =a 满足题意,那么圆心M ⎝ ⎛⎭⎪⎫
x 1+42,y 12,过M 作直线x =a 的垂线,
垂足为E ,设直线m 与圆M 的一个交点为G.可得|EG|2
=|MG|2
-|ME|2
,(11分)
即|EG|2=|MA|2-|ME|2=(x 1-4)2+y 214-⎝ ⎛
⎭⎪⎫x 1+42-a 2
=14y 21+(x 1-4)2-(x 1+4)2
4
+a(x 1+4)-a 2 =x 1-4x 1+a(x 1+4)-a 2=(a -3)x 1+4a -a 2.(14分)
当a =3时,|EG|2=3,如今直线m 被以AP 为直径的圆M 所截得的弦长恒为定值2 3. 因此存在直线m :x =3满足题意、(16分)
19.解:(1)当m =-1时,f(x)=-x 2-x +lnx ,
因此f ′(x)=-2x -1+1x =-(2x -1)(x +1)
x
, 因此当0<x <12,f ′(x)>0,当x >1
2,f ′(x)<0,
因此当x =12时,f(x)max =f ⎝ ⎛⎭⎪⎫
12=-34-ln2.(3分) (2)f ′(x)=2mx -1+1x =2mx 2-x +1
x ,即2mx 2
-x +1<0在(0,+∞)上有解、 ①m ≤0显然成立;
②m >0时,由于对称轴x =14m >0,故Δ=1-8m >0m <1
8,
综上,m <1
8.(8分)
(3)因为f(1)=m -1,f ′(1)=2m ,
因此切线方程为y -m +1=2m(x -1),即y =2mx -m -1,
从而方程mx 2
-x +lnx =2mx -m -1在(0,+∞)上只有一解、
令g(x)=mx 2
-x +lnx -2mx +m +1,那么
g ′(x)=2mx -1-2m +1x =2mx 2-(2m +1)x +1x =(2mx -1)(x -1)
x
,(10分) 因此1°m =1
2,g ′(x)≥0,
因此y =g(x)在x ∈(0,+∞)单调递增,且g(1)=0,
因此mx 2-x +lnx =2mx -m -1只有一解、(12分) 2°0<m <12,x ∈(0,1),g ′(x)>0;x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫1,12m ,g ′(x)<0;x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫12m ,+∞,g ′
(x)>0
由g(1)=0及函数单调性可知g ⎝ ⎛⎭⎪⎫12m <0,
因为g(x)=mx ⎝ ⎛⎭⎪⎫x -⎝ ⎛⎭⎪⎫2+1m +m +lnx +1,取x =2+1m ,那么g ⎝ ⎛⎭⎪⎫2+1m >0.
因此在⎝ ⎛⎭
⎪⎫12m ,+∞方程mx 2-x +lnx =2mx -m -1必有一解从而不符题意(14分) 3°m >12,x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,12m ,g ′(x)>0;x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫12m ,1,g ′(x)<0;x ∈(1,+∞),g ′(x)
>0
同理在⎝ ⎛⎭⎪⎫0,12m 方程mx 2-x +lnx =2mx -m -1必有一解,不符题意,
综上所述m =1
2.(16分)
20.(1)解:∵b n +1-b n =5-2n ,∴n ≥3,b n +1-b n <0,故数列{b n }单调递减;(3分) 当n =1,2时,b n +1-b n >0,即b 1<b 2<b 3,
那么数列{b n }中的最大项是b 3=7,因此M ≥7.(4分)
(2)证明:∵{c n }是各项正数的等比数列,S n 是其前n 项和,c 3=14,S 3=7
4,
设其公比为q >0,∴c 3q 2+c 3q +c 3=7
4.(6分)
整理,得6q 2-q -1=0,解得q =12,q =-13(舍去)、
∴c 1=1,c n =12n -1,S n =2-1
2n =S n +2,S <2.(8分)
对任意的n ∈N ,有S n +S n +22=2-12n -12n +2<2-1
2n =S n +2,且S n <2,
故{S n }是Ω数列、(10分)
(3)证明:假设存在正整数k 使得d k >d k +1成立,有数列{d n }的各项均为正整数,
可得d k ≥d k +1+1,即d k +1≤d k -1.因为d k +d k +2
2≤d k +1,
因此d k +2≤2d k +1-d k ≤2(d k -1)-d k =d k -2.
由d k +2≤2d k +1-d k 及d k >d k +1得d k +2<2d k +1-d k +1=d k +1,故d k +2≤d k +1-1.
因为d k +1+d k +3
2
≤d k +2,因此d k +3≤2d k +2-d k +1≤2(d k +1-1)-d k +1=d k +1-2≤d k -3, 由此类推,可得d k +m ≤d k -m(m ∈N )、(14分)
又存在M ,使d k ≤M ,∴m >M ,使d k +m <0,这与数列{d n }的各项均为正数矛盾,因此假设不成立,即对任意n ∈N ,都有d k ≤d k +1成立、(16分)
2018届高三模拟考试试卷(十)(南师附中) 数学附加题参考答案及评分标准 21.A.选修41:几何证明选讲
证明:连结OF 、OP 、OB.
∵AE ∥CD ,∴∠PFB =∠AEB.
∵PA ,PB 是切线,∴∠POB =∠AEB.
∵∠PFB =∠POB ,∴O ,F ,B ,P 四点共圆、(5分)
又∵∠OBP =90°,∴∠OFP =90°,由垂径定理可知CF =DF.(10分)
B.选修42:矩阵与变换
解:(1)由题意,⎣⎢⎡⎦⎥⎤a 3c 1⎣⎢⎡⎦⎥⎤ 1-1=-1×⎣⎢⎡⎦⎥⎤ 1-1,
∴⎣⎢⎡⎦⎥⎤a -3c -1=⎣⎢⎡⎦⎥⎤-1 1,∴⎩
⎪⎨⎪⎧a =2,c =2. 特征方程⎪⎪⎪⎪⎪⎪λ-2 -3-2 λ-1=(λ-2)(λ-1)-6=0,解得λ=-1,4.
属于特征值λ2=4的一个特征向量为α2=⎣⎢⎡⎦⎥⎤32.(5分)
(2)m =⎣⎢⎡⎦⎥⎤-1-4=2⎣⎢⎡⎦⎥⎤ 1-1-⎣⎢⎡⎦⎥⎤32.
∴A 4m =2A 4⎣⎢⎡⎦⎥⎤ 1-1-A 4⎣⎢⎡⎦⎥⎤32=2(-1)4⎣⎢⎡⎦⎥⎤ 1-1-44⎣⎢⎡⎦⎥⎤32=⎣⎢⎡⎦⎥⎤ 2-2-44⎣⎢⎡⎦⎥⎤32=⎣⎢⎡⎦⎥⎤-766-514.(10分)
C.选修44:坐标系与参数方程
解:(1)圆O 1:ρ=4cos θ+4sin θ
ρ2=4ρcos θ+4ρsin θx 2+y 2=4x +4y.(5分)
(2)A ⎝ ⎛⎭⎪⎫22,-π4A(2,-2)、
AO 1=(2-2)2+(-2-2)2=4>22=R ,点在圆外、(10分)
D.选修45:不等式选讲
证明:∵x x +a -y y +b =x (y +b )-y (x +a )(x +a )(y +b )=bx -ay
(x +a )(y +b ), 又b >a >0,x >y >0,∴(x +a)(y +b)>0,bx >ay ,即bx -ay >0,
∴x x +a -y y +b >0,即x x +a >y
y +b .(10分)
22.解:(1)设总人数为n 个,那么P(X >0)=1-P(X =0)=1-C 22n -7C 2n =7
10. ∵2n -7≥2,∴n ≥4.5.
∵2<n <7,n ∈N n =5,6,逐个代入,得n =5.(5分)
(2)P(X =0)=1-P(X >0)=1-710=3
10,
P(X =2)=C 22
C 25
=110, P(X =1)=1-110-310=610=3
5,
E(X)=0×310+2×110+1×35=45.(10分)
23.(1)解:g(x)中含x 2项的系数为C 4
4+2C 45+3C 46=1+10+45=56.(3分)
(2)证明:由题意,p n =2n -1.(5分)
①当n =1时,p 1(a 1+1)=a 1+1,成立;
②假设当n =k 时,p k (a 1a 2…a k +1)≥(1+a 1)(1+a 2)…(1+a k )成立, 当n =k +1时,
(1+a 1)(1+a 2)…(1+a k )(1+a k +1)≤2k -1(a 1a 2…a k +1)(1+a k +1)
=2k -1(a 1a 2…a k a k +1+a 1a 2…a k +a k +1+1)、()
∵a k >1,a 1a 2…a k (a k +1-1)≥a k +1-1,即a 1a 2…a k a k +1+1≥a 1a 2…a k +a k +1, 代入()式得(1+a 1)(1+a 2)…(1+a k )(1+a k +1)≤2k (a 1a 2…a k a k +1+1)成立、 综合①②可知,p n (a 1a 2…a n +1)≥(1+a 1)(1+a 2)…(1+a n )对任意n ∈N 成立、(10分)。

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