(完整版)带电粒子在电场中的运动__计算题[基础篇]

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高中物理带电粒子在电场中的运动题20套(带答案)

高中物理带电粒子在电场中的运动题20套(带答案)

高中物理带电粒子在电场中的运动题20套(带答案)一、高考物理精讲专题带电粒子在电场中的运动1.如图所示,xOy平面处于匀强磁场中,磁感应强度大小为B,方向垂直纸面向外.点P — L,0处有一粒子源,可向各个方向发射速率不同、电荷量为q、质量为m的带负电3粒子.不考虑粒子的重力.(1)若粒子1经过第一、二、三象限后,恰好沿x轴正向通过点Q (0, -L),求其速率V1;(2)若撤去第一象限的磁场,在其中加沿y轴正向的匀强电场,粒子2经过第一、二、三象限后,也以速率V1沿x轴正向通过点Q,求匀强电场的电场强度E以及粒子2的发射速率V2;(3)若在xOy平面内加沿y轴正向的匀强电场E。

,粒子3以速率V3沿y轴正向发射,求在运动过程中其最小速率v.某同学查阅资料后,得到一种处理相关问题的思路:带电粒子在正交的匀强磁场和匀强电场中运动,若所受洛伦兹力与电场力不平衡而做复杂的曲线运动时,可将带电粒子的初速度进行分解,将带电粒子的运动等效为沿某一方向的匀速直线运动和沿某一时针方向的匀速圆周运动的合运动. 请尝试用该思路求解.222.BLq (3) J E°v2且【答案】(1) 2BLq⑵3m 9m 1 B v B【解析】【详解】2(1)粒子1在一、二、三做匀速圆周运动,则qvi B m"r12 . 2.3 .由几何憨可知:r1 L r1 ——L得到:V i 2BL q 3m(2)粒子2在第一象限中类斜劈运动,有:在第二、三象限中原圆周运动,由几何关系:又 v 2 V i 22Eh,得到:V 22痴BLq9m(3)如图所示,将 V 3分解成水平向右和 v 和斜向的V ,则qvB而 V V 2 V 2所以,运动过程中粒子的最小速率为2.如图所示,竖直面内有水平线 MN 与竖直线PQ 交于P 点,O 在水平线MN 上,OP 间距为d, 一质量为 m 、电量为q 的带正电粒子,从 。

处以大小为V o 、方向与水平线夹角为 0= 60o 的速度,进入大小为 日的匀强电场中,电场方向与竖直方向夹角为0= 60o,粒子到达PQ 线上的A 点时,其动能为在 。

高考物理带电粒子在电场中的运动题20套(带答案)及解析

高考物理带电粒子在电场中的运动题20套(带答案)及解析

高考物理带电粒子在电场中的运动题20套(带答案)及解析一、高考物理精讲专题带电粒子在电场中的运动1.如图,一带电荷量q =+0.05C 、质量M =lkg 的绝缘平板置于光滑的水平面上,板上靠右端放一可视为质点、质量m =lkg 的不带电小物块,平板与物块间的动摩擦因数μ=0.75.距平板左端L =0.8m 处有一固定弹性挡板,挡板与平板等高,平板撞上挡板后会原速率反弹。

整个空间存在电场强度E =100N/C 的水平向左的匀强电场。

现将物块与平板一起由静止释放,已知重力加速度g =10m/s 2,平板所带电荷量保持不变,整个过程中物块未离开平板。

求:(1)平板第二次与挡板即将碰撞时的速率; (2)平板的最小长度;(3)从释放平板到两者最终停止运动,挡板对平板的总冲量。

【答案】(1)平板第二次与挡板即将碰撞时的速率为1.0m/s;(2)平板的最小长度为0.53m;(3)从释放平板到两者最终停止运动,挡板对平板的总冲量为8.0N•s 【解析】 【详解】(1)两者相对静止,在电场力作用下一起向左加速, 有a =qEm=2.5m/s 2<μg 故平板M 与物块m 一起匀加速,根据动能定理可得:qEL =12(M +m )v 21 解得v =2.0m/s平板反弹后,物块加速度大小a 1=mgmμ=7.5m/s 2,向左做匀减速运动平板加速度大小a 2=qE mgmμ+=12.5m/s 2, 平板向右做匀减速运动,设经历时间t 1木板与木块达到共同速度v 1′,向右为正方向。

-v 1+a 1t 1=v 1-a 2t 1解得t 1=0.2s ,v 1'=0.5m/s ,方向向左。

此时平板左端距挡板的距离:x =v 1t 122112a t -=0.15m 此后两者一起向左匀加速,设第二次碰撞时速度为v ,则由动能定理12(M +m )v 2212-(M +m )21'v =qEx 1解得v 2=1.0m/s(2)最后平板、小物块静止(左端与挡板接触),此时小物块恰好滑到平板最左端,这时的平板长度最短。

电场(五)-----带电粒子在电场中的运动

电场(五)-----带电粒子在电场中的运动

电场(五)-----带电粒子在电场中的运动专题一:带电粒子在加速电场中的运动带电粒子在电场中的加速:粒子质量为m ,电荷量为q ,初速度为零,两板之间的电势差为U 0求末速度或者末动能。

专题二:带电粒子在偏转电场中的运动带电粒子在电场中的偏转:粒子质量为m ,带电荷量为q ,初速度为v 0,板的长度为L ,板间距离为d ,两板之间电势差为U 1,求偏转距离。

专题三:带电粒子出了偏转电场之后在竖直方向上偏移的距离与总共的偏转距离计算:总结:不同带电粒子初速度为零,先经过同一加速电场,再进入同一偏转电场离开偏转电场时的位置相同,打到光屏上时,都在同一个点。

(与带电粒子的电荷量多少,质量大小均无关。

)练习题1.如图所示,相距为d 、长度为L 的平行金属板A 、B 加上电压后,可在A 、B 之间产生匀强电场(不考虑边缘效应)。

在A 、B 左端与A 、B 等距离的O 点,有一电量为q 、质量为m 的粒子以初速度0v 沿平行金属板方向射入。

不计粒子重力。

要使此粒子恰能从B 板的边缘C 点射出,A 、B 板间所加电压为( )A. 0mdv qLB. 220mL v qd C. 0mLv qd D. 2202md v qL2.水平放置的两平行金属板间,有一个带正电的小球,从某点无初速度自由下落。

经过t 时间,在两板间施加竖直向上的匀强电场。

再经过t 时间,小球又回到出发点。

已知小球质量为m ,重力加速度为g 。

小球未与下极板发生碰撞。

不计空气阻力。

从施加电场开始到小球又回到出发点的过程中( )A. 小球所受电场力与重力的大小之比为3:1B. 小球加速运动时间与减速运动时间之比为3:1C. 小球的动量变化量大小为4mgt ,方向竖直向上D. 小球电势能的减少量与动能的增加量之比为4:33.如图所示,两极板加上恒定的电压U ,将一质量为m 、电荷量为+q 的带电粒子在正极板附近由静止释放,粒子向负极板做加速直线运动。

带电粒子在电场中的运动讲解及习题(含答案)

带电粒子在电场中的运动讲解及习题(含答案)

第1章静电场第08节 带电粒子在电场中的运动[知能准备]1.利用电场来改变或控制带电粒子的运动,最简单情况有两种,利用电场使带电粒子________;利用电场使带电粒子________.2.示波器:示波器的核心部件是_____________,示波管由电子枪、_____________和荧光屏组成,管内抽成真空.[同步导学]1.带电粒子的加速(1)动力学分析:带电粒子沿与电场线平行方向进入电场,受到的电场力与运动方向在同一直线上,做加(减)速直线运动,如果是匀强电场,则做匀加(减)速运动.(2)功能关系分析:粒子只受电场力作用,动能变化量等于电势能的变化量.221qU mv =(初速度为零);2022121qU mv mv -= 此式适用于一切电场. 2.带电粒子的偏转(1)动力学分析:带电粒子以速度v 0垂直于电场线方向飞入两带电平行板产生的匀强电场中,受到恒定的与初速度方向成900角的电场力作用而做匀变速曲线运动 (类平抛运动).(2)运动的分析方法(看成类平抛运动):①沿初速度方向做速度为v 0的匀速直线运动.②沿电场力方向做初速度为零的匀加速直线运动.例1如图1—8—1所示,两板间电势差为U ,相距为d ,板长为L .—正离子q 以平行于极板的速度v 0射入电场中,在电场中受到电场力而发生偏转,则电荷的偏转距离y 和偏转角θ为多少?解析:电荷在竖直方向做匀加速直线运动,受到的力F =Eq =Uq/d由牛顿第二定律,加速度a = F/m = Uq/md水平方向做匀速运动,由L = v 0t 得t = L/ v 0由运动学公式221at s =可得: U dmv qL L md Uq y 202202)v (21=⋅= 带电离子在离开电场时,竖直方向的分速度:v ⊥dmv qUL at 0==离子离开偏转电场时的偏转角度θ可由下式确定:d mv qUL v v 200Ítan ==θ 电荷射出电场时的速度的反向延长线交两板中心水平线上的位置确定:如图所示,设交点P 到右端Q 的距离为x ,则由几何关系得:x y /tan =θ21/2/tan 20202===∴dmv qLU d mv U qL y x θ 点评:电荷好像是从水平线OQ 中点沿直线射出一样,注意此结论在处理问题时应用很方便.3.示波管的原理(1)构造及功能如图l —8—2所示①电子枪:发射并加速电子.②偏转电极YY ,:使电子束竖直偏转(加信号电压) XX ,:使电子束水平偏转(加扫描电压).③荧光屏.(2)工作原理(如图1—8—2所示)偏转电极XX ,和YY ,不加电压,电子打到屏幕中心;若电压只加XX ,,只有X 方向偏;若电压只加YY ,,只有y 方向偏;若XX ,加扫描电压,YY ,加信号电压,屏上会出现随信号而变化的图象.4.在带电粒子的加速或偏转的问题中,何时考虑粒子的重力?何时不计重力?一般来说:(1)基本粒子:如电子、质子、α粒子、离子等除有特别说明或有明确暗示以外,一般都不考虑重力(但不忽略质量).(2)带电颗粒:如液滴、油滴、尘埃、小球等,除有特别说明或有明显暗示以外,一般都不能忽略重力.5.易错易混点带电粒子在电场中发生偏转,—定要区分开位移的方向与速度的方向,它们各自偏角的正切分别为: x y =αtan ,xy v v =βtan ,切不可混淆 6.带电粒子在电场中的运动(1)带电粒子在电场中的运动由粒子的初始状态和受力情况决定.在非匀强电场中,带电粒子受到的电场力是变力,解决这类问题可以用动能定理求解.在匀强电场中,带电粒子受到的是恒力,若带电粒子初速度为零或初速度方向平行于电场方向,带电粒子将做匀变速直线运动;若带电粒子初速度方向垂直于电场方向,带电粒子做类平抛运动,根据运动规律求解,(2)带电小球、带电微粒(重力不能忽略)在匀强电场中运动,由于带电小球、带电微粒可视为质点,同时受到重力和电场力的作用,其运动情况由重力和电场力共同决定.又因为重力和电场力都是恒力,其做功特点一样,常将带电质点的运动环境想象成一等效场,等效场的大小和方向由重力场和电场共同决定.例2两平行金属板相距为d ,电势差为U ,一电子质量为m ,电荷量为e ,从O 点沿垂直于极板的方向射出,最远到达A 点,然后返回,如图1—8—3所示,OA =h ,此电子具有的初动能是 ( )A .U edhB .edUhC .dh eUD .d eUh 解析:电子从O 点到A 点,因受电场力作用,速度逐渐减小,根据题意和图示可知,电子仅受电场力,由能量关系:OA eU mv =2021,又E =U /d ,h dU Eh U OA ==,所以deUh mv =2021 . 故D 正确. 点评:应用电场力做功与电势差的关系,结合动能定理即可解答本题.例3一束质量为m 、电荷量为q 的带电粒子以平行于两极板的速度v 0进入匀强电场,如图1—8—4所示.如果两极板间电压为U ,两极板间的距离为d 、板长为L .设粒子束不会击中极板,则粒子从进入电场到飞出极板时电势能的变化量为 .(粒子的重力忽略不计)分析:带电粒子在水平方向做匀速直线运动,在竖直方向做匀加速运动.电场力做功导致电势能的改变.解析:水平方向匀速,则运动时间t =L/ v 0 ①竖直方向加速,则侧移221at y =② 且dmqU a = ③ 图1—8—4⑥1242222212220U md U ql U qd v v v y +=+=⑦1221222422121dU U l qU m l md qU at y =•==(和带电粒子q 、m 无关,只取决于加速电场和偏转电场)解题的一般步骤是:(1)根据题目描述的物理现象和物理过程以及要回答问题,确定出研究对象和过程.并选择出“某个状态”和反映该状态的某些“参量”,写出这些参量间的关系式.(2)依据题目所给的条件,选用有关的物理规律,列出方程或方程组,运用数学工具,对参量间的函数关系进行逻辑推理,得出有关的计算表达式.(3)对表达式中的已知量、未知量进行演绎、讨论,得出正确的结果.[同步检测]1.如图l —8—6所示,电子由静止开始从A 板向B 板运动,当到达B 板时速度为v ,保持两板间电压不变.则 ( )A .当增大两板间距离时,v 也增大B .当减小两板间距离时,v 增大C .当改变两板间距离时,v 不变D .当增大两板间距离时,电子在两板间运动的时间延长2.如图1—8—7所示,两极板与电源相连接,电子从负极板边缘垂直电场方向射入匀强电场,且恰好从正极板边缘飞出,现在使电子入射速度变为原来的两倍,而电子仍从原位置射入,且仍从正极板边缘飞出,则两极板的间距应变为原来的( )A .2倍B .4倍C .0.5倍D .0.25倍3.电子从负极板的边缘垂直进入匀强电场,恰好从正极板边缘飞出,如图1—8—8所示,现在保持两极板间的电压不变,使两极板间的距离变为原来的2倍,电子的入射方向及位臀不变,且要电子仍从正极板边缘飞出,则电子入射的初速度大小应为原来的( )A .22B .21 C .2 D .2 4.下列带电粒子经过电压为U 的电压加速后,如果它们的初速度均为0,则获得速度图1—8-6图1—8-7图1—8-8最大的粒子是( )A.质子B.氚核C.氦核D.钠离子Na+5.真空中有一束电子流,以速度v、沿着跟电场强度方向垂直.自O点进入匀强电场,如图1—8—9所示,若以O为坐标原点,x轴垂直于电场方向,y轴平行于电场方向,在x 轴上取OA=AB=BC,分别自A、B、C点作与y轴平行的线跟电子流的径迹交于M、N、P三点,那么:(1)电子流经M,N、P三点时,沿x轴方向的分速度之比为.(2)沿y轴的分速度之比为.(3)电子流每经过相等时间的动能增量之比为.6.如图1—8—10所示,—电子具有100 eV的动能.从A点垂直于电场线飞入匀强电场中,当从D点飞出电场时,速度方向跟电场强度方向成1 500角.则A、B两点之间的电势差U AB=V.7.静止在太空中的飞行器上有一种装置,它利用电场加速带电粒子形成向外发射的高速电子流,从而对飞行器产生反冲力,使其获得加速度.已知飞行器质量为M,发射的是2价氧离子.发射离子的功率恒为P,加速的电压为U,每个氧离子的质量为m.单位电荷的电荷量为e.不计发射氧离子后飞行器质量的变化,求:(1)射出的氧离子速度.(2)每秒钟射出的氧离子数.(离子速度远大于飞行器的速度,分析时可认为飞行器始终静止不动)8.如图1—8—12所示,一个电子(质量为m)电荷量为e,以初速度v0沿着匀强电场的电场线方向飞入匀强电场,已知匀强电场的场强大小为E,不计重力,问:(1)电子在电场中运动的加速度.(2)电子进入电场的最大距离.(3)电子进入电场最大距离的一半时的动能.图1—8-9图1—8—10 图1—8—129.如图1—8—13所示,A 、B 为两块足够大的平行金属板,两板间距离为d ,接在电压为U 的电源上.在A 板上的中央P 点处放置一个电子放射源,可以向各个方向释放电子.设电子的质量m 、电荷量为e ,射出的初速度为v .求电子打在B 板上区域的面积.10. 如图1—8—1 4所示一质量为m ,带电荷量为+q 的小球从距地面高h 处以一定初速度水平抛出,在距抛出点水平距离l 处,有一根管口比小球直径略大的竖直细管,管上口距地面h/2,为使小球能无碰撞地通过管子,可在管子上方的整个区域里加一个场强方向水平向左的匀强电场,求:(1)小球的初速度v 0.(2)电场强度E 的大小.(3)小球落地时的动能E k .[综合评价]1.一束带电粒子以相同的速率从同一位置,垂直于电场方向飞入匀强电场中,所有粒子的运动轨迹都是一样的,这说明所有粒子图1—8—13 图1—8—14( )A .都具有相同的质量B .都具有相同的电荷量C .电荷量与质量之比都相同D .都是同位素2.有三个质量相等的小球,分别带正电、负电和不带电,以相同的水平速度由P 点射入水平放置的平行金属板间,它们分别落在下板的A 、B 、C 三处,已知两金属板的上板带负电荷,下板接地,如图1—8—15所示,下列判断正确的是 ( )A 、落在A 、B 、C 三处的小球分别是带正电、不带电和带负电的B 、三小球在该电场中的加速度大小关系是a A <a B <a CC 、三小球从进入电场至落到下板所用的时间相等D 、三小球到达下板时动能的大小关系是E KC <E KB <E KA3.如图1—8—16所示,一个带负电的油滴以初速v 0从P 点倾斜向上进入水平方向的匀强电场中,若油滴达最高点时速度大小仍为v 0,则油滴最高点的位置 ( )A 、P 点的左上方B 、P 点的右上方C 、P 点的正上方D 、上述情况都可能4. 一个不计重力的带电微粒,进入匀强电场没有发生偏转,则该微粒的( )A. 运动速度必然增大 B .运动速度必然减小C. 运动速度可能不变 D .运动加速度肯定不为零5. 氘核(电荷量为+e ,质量为2m)和氚核(电荷量为+e 、质量为3m)经相同电压加速后,垂直偏转电场方向进入同一匀强电场.飞出电场时,运动方向的偏转角的正切值之比为(不计原子核所受的重力) ( )A .1:2B .2:1C .1:1D .1:46. 如图1-8-17所示,从静止出发的电子经加速电场加速后,进入偏转电场.若加速电压为U 1、偏转电压为U 2,要使电子在电场中的偏移距离y 增大为原来的2倍(在保证电子不会打到极板上的前提下),可选用的方法有 ( )A .使U 1减小为原来的1/2B .使U 2增大为原来的2倍C .使偏转电场极板长度增大为原来的2倍 图1—8—15 图1—8—16图1-8-17D .使偏转电场极板的间距减小为原来的1/27.如图1-8-18所示是某示波管的示意图,如果在水平放置的偏转电极上加一个电压,则电子束将被偏转.每单位电压引起的偏转距离叫示波管的灵敏度,下面这些措施中对提高示波管的灵敏度有用的是 ( )A .尽可能把偏转极板L 做得长一点B .尽可能把偏转极板L 做得短一点C .尽可能把偏转极板间的距离d 做得小一点D .将电子枪的加速电压提高 8.一个初动能为E k 的电子,垂直电场线飞入平行板电容器中,飞出电容器的动能为2E k ,如果此电子的初速度增至原来的2倍,则它飞出电容器的动能变为( )A .4E kB .8E kC .4.5E kD .4.25E k9.在匀强电场中,同一条电场线上有A 、B 两点,有两个带电粒子先后由静止从A 点出发并通过B 点.若两粒子的质量之比为2:1,电荷量之比为4:1,忽略它们所受重力,则它们由A 点运动到B 点所用时间之比为( )A.1:2 B .2: 1 C .1:2 D .2:110. 电子所带电荷量最早是由美国科学家密立根通过油滴实验测出的.油滴实验的原理如图1-8-19所示,两块水平放置的平行金属板与电源连接,上、下板分别带正、负电荷.油滴从喷雾器喷出后,由于摩擦而带电,油滴进入上板中央小孔后落到匀强电场中,通过显微镜可以观察到油滴的运动情况.两金属板间的距离为d ,忽略空气对油滴的浮力和阻力.(1)调节两金属板间的电势u ,当u=U 0时,使得某个质量为m 1的油滴恰好做匀速运动.该油滴所带电荷量q 为多少?(2)若油滴进入电场时的速度可以忽略,当两金属板间的电势差u=U 时,观察到某个质量为m 2的油滴进入电场后做匀加速运动,经过时间t 运动到下极板,求此油滴所带电荷量Q.11.图1—8—20是静电分选器的原理示意图,将磷酸盐和石英的混合颗粒由传送带送至两个竖直的带电平行板上方,颗粒经漏斗从电场区域中央处开始下落,经分选后的颗粒分别装入A 、B 桶中.混合颗粒离开漏斗进入电场时磷酸盐颗粒带正电,石英颗粒带图1-8-18图1-8-19图1-8-20负电,所有颗粒所带的电荷量与质量之比均为10-5C /kg .若已知两板间的距离为10 cm ,两板的竖直高度为50 cm .设颗粒进入电场时的速度为零,颗粒间相互作用不计.如果要求两种颗粒离开两极板间的电场区域时有最大的偏转量且又恰好不接触到极板.(1)两极板间所加的电压应多大?(2)若带电平行板的下端距A 、B 桶底的高度H=1.3m ,求颗粒落至桶底时速度的大小.第八节 带电粒子在电场中的运动知能准备答案:1.加速、偏转 2.示波管、偏转电板同步检测答案:1.CD 2.C 3.B 4.A 5.111 123 135 6.300V 7.(1)2meU (2)eU P 2 8.(1)meE (2)eE mv 220 (3)420mv 9.eU d mv 222π 10.(1)h q l v 20= (2)E=qh mgl 2 (3)mgh E k =综合评估答案:1.C 2.AB 3.A 4.D 5.C 6.ABD 7.AC 8.D 9.A 10.(1)01U gd m q = (2))2(22t d g U d m Q -=11.(1)1×104V (2)1.36m/s。

高中物理带电粒子在电场中的运动题20套(带答案)及解析

高中物理带电粒子在电场中的运动题20套(带答案)及解析

高中物理带电粒子在电场中的运动题20套(带答案)及解析一、高考物理精讲专题带电粒子在电场中的运动1.如图所示,xOy 平面处于匀强磁场中,磁感应强度大小为B ,方向垂直纸面向外.点3,03P L ⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭处有一粒子源,可向各个方向发射速率不同、电荷量为q 、质量为m 的带负电粒子.不考虑粒子的重力.(1)若粒子1经过第一、二、三象限后,恰好沿x 轴正向通过点Q (0,-L ),求其速率v 1;(2)若撤去第一象限的磁场,在其中加沿y 轴正向的匀强电场,粒子2经过第一、二、三象限后,也以速率v 1沿x 轴正向通过点Q ,求匀强电场的电场强度E 以及粒子2的发射速率v 2;(3)若在xOy 平面内加沿y 轴正向的匀强电场E o ,粒子3以速率v 3沿y 轴正向发射,求在运动过程中其最小速率v.某同学查阅资料后,得到一种处理相关问题的思路:带电粒子在正交的匀强磁场和匀强电场中运动,若所受洛伦兹力与电场力不平衡而做复杂的曲线运动时,可将带电粒子的初速度进行分解,将带电粒子的运动等效为沿某一方向的匀速直线运动和沿某一时针方向的匀速圆周运动的合运动. 请尝试用该思路求解. 【答案】(1)23BLq m (2221BLq32230B E E v B +⎛⎫ ⎪⎝⎭【解析】 【详解】(1)粒子1在一、二、三做匀速圆周运动,则2111v qv B m r =由几何憨可知:()2221133r L r L ⎛⎫=-+ ⎪ ⎪⎝⎭得到:123BLqv m=(2)粒子2在第一象限中类斜劈运动,有:133L v t=,212qE h t m = 在第二、三象限中原圆周运动,由几何关系:12L h r +=,得到289qLB E m=又22212v v Eh =+,得到:22219BLqv m=(3)如图所示,将3v 分解成水平向右和v '和斜向的v '',则0qv B qE '=,即0E v B'= 而'223v v v ''=+ 所以,运动过程中粒子的最小速率为v v v =''-'即:22003E E v v B B ⎛⎫=+- ⎪⎝⎭2.如图所示,竖直平面内有一固定绝缘轨道ABCDP ,由半径r =0.5m 的圆弧轨道CDP 和与之相切于C 点的水平轨道ABC 组成,圆弧轨道的直径DP 与竖直半径OC 间的夹角θ=37°,A 、B 两点间的距离d =0.2m 。

高中物理带电粒子在电场中的运动及其解题技巧及练习题(含答案)及解析

高中物理带电粒子在电场中的运动及其解题技巧及练习题(含答案)及解析

高中物理带电粒子在电场中的运动及其解题技巧及练习题(含答案)及解析一、高考物理精讲专题带电粒子在电场中的运动1.如图所示,一质量为m 、电荷量为+q 的粒子从竖直虚线上的P 点以初速度v 0水平向左射出,在下列不同情形下,粒子经过一段时间后均恰好经过虚线右侧的A 点.巳知P 、A 两点连线长度为l ,连线与虚线的夹角为α=37°,不计粒子的重力,(sin 37°=0.6,cos 37°=0.8).(1)若在虚线左侧存在垂直纸面向外的匀强磁场,求磁感应强度的大小B 1;(2)若在虚线上某点固定一个负点电荷,粒子恰能绕该负点电荷做圆周运动,求该负点电荷的电荷量Q (已知静电力常量为是);(3)若虚线的左侧空间存在垂直纸面向外的匀强磁场,右侧空间存在竖直向上的匀强电场,粒子从P 点到A 点的过程中在磁场、电场中的运动时间恰好相等,求磁场的磁感应强度的大小B 2和匀强电场的电场强度大小E .【答案】(1)0152mv B ql = (2)2058mv l Q kq = (3)0253mv B ql π= 220(23)9mv E qlππ-=【解析】 【分析】 【详解】(1)粒子从P 到A 的轨迹如图所示:粒子在磁场中做匀速圆周运动,设半径为r 1 由几何关系得112cos 25r l l α== 由洛伦兹力提供向心力可得2011v qv B m r =解得:0 152mv Bql=(2)粒子从P到A的轨迹如图所示:粒子绕负点电荷Q做匀速圆周运动,设半径为r2由几何关系得252cos8lr lα==由库仑力提供向心力得2222vQqk mr r=解得:258mv lQkq=(3)粒子从P到A的轨迹如图所示:粒子在磁场中做匀速圆周运动,在电场中做类平抛运动粒子在电场中的运动时间00sin35l ltv vα==根据题意得,粒子在磁场中运动时间也为t,则2Tt=又22mTqBπ=解得0253mvBqlπ=设粒子在磁场中做圆周运动的半径为r,则0v t rπ=解得:35l r π=粒子在电场中沿虚线方向做匀变速直线运动,21cos 22qE l r t mα-=⋅ 解得:220(23)9mv E qlππ-=2.如图所示,xOy 平面处于匀强磁场中,磁感应强度大小为B ,方向垂直纸面向外.点3,0P L ⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭处有一粒子源,可向各个方向发射速率不同、电荷量为q 、质量为m 的带负电粒子.不考虑粒子的重力.(1)若粒子1经过第一、二、三象限后,恰好沿x 轴正向通过点Q (0,-L ),求其速率v 1;(2)若撤去第一象限的磁场,在其中加沿y 轴正向的匀强电场,粒子2经过第一、二、三象限后,也以速率v 1沿x 轴正向通过点Q ,求匀强电场的电场强度E 以及粒子2的发射速率v 2;(3)若在xOy 平面内加沿y 轴正向的匀强电场E o ,粒子3以速率v 3沿y 轴正向发射,求在运动过程中其最小速率v.某同学查阅资料后,得到一种处理相关问题的思路:带电粒子在正交的匀强磁场和匀强电场中运动,若所受洛伦兹力与电场力不平衡而做复杂的曲线运动时,可将带电粒子的初速度进行分解,将带电粒子的运动等效为沿某一方向的匀速直线运动和沿某一时针方向的匀速圆周运动的合运动. 请尝试用该思路求解. 【答案】(1)23BLq m (2221BLq32230B E E v B +⎛⎫ ⎪⎝⎭【解析】 【详解】(1)粒子1在一、二、三做匀速圆周运动,则2111v qv B m r =由几何憨可知:()222113r L r L ⎛⎫=-+ ⎪ ⎪⎝⎭得到:123BLqv m=(2)粒子2在第一象限中类斜劈运动,有:13L v t =,212qE h t m =在第二、三象限中原圆周运动,由几何关系:12L h r +=,得到289qLB E m=又22212v v Eh =+,得到:22219BLqv m=(3)如图所示,将3v 分解成水平向右和v '和斜向的v '',则0qv B qE '=,即0E v B'= 而'223v v v ''=+ 所以,运动过程中粒子的最小速率为v v v =''-'即:22003E E v v B B ⎛⎫=+- ⎪⎝⎭3.如图所示,在平面直角坐标系xOy 的第二、第三象限内有一垂直纸面向里、磁感应强度为B 的匀强磁场区域△ABC ,A 点坐标为(0,3a ),C 点坐标为(0,﹣3a ),B 点坐标为(23a -,-3a ).在直角坐标系xOy 的第一象限内,加上方向沿y 轴正方向、场强大小为E=Bv 0的匀强电场,在x=3a 处垂直于x 轴放置一平面荧光屏,其与x 轴的交点为Q .粒子束以相同的速度v 0由O 、C 间的各位置垂直y 轴射入,已知从y 轴上y =﹣2a 的点射入磁场的粒子在磁场中的轨迹恰好经过O 点.忽略粒子间的相互作用,不计粒子的重力. (1)求粒子的比荷;(2)求粒子束射入电场的纵坐标范围;(3)从什么位置射入磁场的粒子打到荧光屏上距Q 点最远?求出最远距离.【答案】(1)0v Ba(2)0≤y≤2a (3)78y a =,94a【解析】 【详解】(1)由题意可知, 粒子在磁场中的轨迹半径为r =a 由牛顿第二定律得Bqv 0=m 20v r故粒子的比荷v q m Ba= (2)能进入电场中且离O 点上方最远的粒子在磁场中的运动轨迹恰好与AB 边相切,设粒子运动轨迹的圆心为O ′点,如图所示.由几何关系知O ′A =r ·ABBC=2a 则OO ′=OA -O ′A =a即粒子离开磁场进入电场时,离O 点上方最远距离为OD =y m =2a所以粒子束从y 轴射入电场的范围为0≤y ≤2a (3)假设粒子没有射出电场就打到荧光屏上,有3a =v 0·t 02019222qE y t a a m ==>, 所以,粒子应射出电场后打到荧光屏上粒子在电场中做类平抛运动,设粒子在电场中的运动时间为t ,竖直方向位移为y ,水平方向位移为x ,则 水平方向有x =v 0·t竖直方向有212qE y t m=代入数据得x=2ay设粒子最终打在荧光屏上的点距Q点为H,粒子射出电场时与x轴的夹角为θ,则2tan yxqE xv m v yv v aθ⋅===有H=(3a-x)·tan θ=(32)2a y y-当322a y y-=时,即y=98a时,H有最大值由于98a<2a,所以H的最大值H max=94a,粒子射入磁场的位置为y=98a-2a=-78a4.如图所示,虚线MN左侧有一场强为E1=E的匀强电场,在两条平行的虚线MN和PQ 之间存在着宽为L、电场强度为E2=2E的匀强电场,在虚线PQ右侧距PQ为L处有一与电场E2平行的屏.现将一电子(电荷量为e,质量为m,重力不计)无初速度地放入电场E1中的A点,最后电子打在右侧的屏上,A点到MN的距离为2L,AO连线与屏垂直,垂足为O,求:(1) 电子到达MN时的速度;(2) 电子离开偏转电场时偏转角的正切值tanθ;(3) 电子打到屏上的点P′到点O的距离.【答案】(1)eELvm=L.【解析】【详解】(1)电子在电场E1中做初速度为零的匀加速直线运动,设加速度为a1,到达MN的速度为v,则:a1=1eEm=eEm2122La v =解得eELv m=(2)设电子射出电场E 2时沿平行电场线方向的速度为v y ,a 2=2eE m =2eEm t =L v v y =a 2ttan θ=y v v=2(3)电子离开电场E 2后,将速度方向反向延长交于E 2场的中点O ′.由几何关系知:tan θ=2xLL+解得:x =3L .5.如图1所示,光滑绝缘斜面的倾角θ=30°,整个空间处在电场中,取沿斜面向上的方向为电场的正方向,电场随时间的变化规律如图2所示.一个质量m=0.2kg ,电量q=1×10-5C 的带正电的滑块被挡板P 挡住,在t=0时刻,撤去挡板P .重力加速度g=10m/s 2,求:(1)0~4s 内滑块的最大速度为多少? (2)0~4s 内电场力做了多少功? 【答案】(1)20m/s (2)40J 【解析】 【分析】对滑块受力分析,由牛顿运动定律计算加速度计算各速度. 【详解】【解】(l)在0~2 s 内,滑块的受力分析如图甲所示,电场力F=qE11sin F mg ma θ-=解得2110/a m s =在2 ---4 s 内,滑块受力分析如图乙所示22sin F mg ma θ+=解得2210/a m s =因此物体在0~2 s 内,以2110/a m s =的加速度加速, 在2~4 s 内,2210/a m s =的加速度减速,即在2s 时,速度最大由1v a t =得,max 20/v m s =(2)物体在0~2s 内与在2~4s 内通过的位移相等.通过的位移max202v x t m == 在0~2 s 内,电场力做正功1160W F x J == - 在2~4 s 内,电场力做负功2220W F x J ==- 电场力做功W=40 J6.电子扩束装置由电子加速器、偏转电场和偏转磁场组成.偏转电场的极板由相距为d 的两块水平平行放置的导体板组成,如图甲所示.大量电子由静止开始,经加速电场加速后,连续不断地沿平行板的方向从两板正中间OO ’射入偏转电场.当两板不带电时,这些电子通过两板之间的时间为2t 0;:当在两板间加最大值为U 0、周期为2t 0的电压(如图乙所示)时,所有电子均能从两板间通过,然后进入竖直宽度足够大的匀强酸场中,最后打在竖直放置的荧光屏上.已知磁场的水平宽度为L ,电子的质量为m 、电荷量为e ,其重力不计.(1)求电子离开偏转电场时的位置到OO ’的最远位置和最近位置之间的距离 (2)要使所有电子都能垂直打在荧光屏上, ①求匀强磁场的磁感应强度B②求垂直打在荧光屏上的电子束的宽度△y 【答案】(1)2010U e y t dm ∆= (2)①00U t B dL =②2010U e y y t dm∆=∆= 【解析】 【详解】(1)由题意可知,从0、2t 0、4t 0、……等时刻进入偏转电场的电子离开偏转电场时的位置到OO ′的距离最大,在这种情况下,电子的最大距离为:2222000max 00000311222y U e U e U e y at v t t t t dm dm dm=+=+= 从t 0、3t 0、……等时刻进入偏转电场的电子离开偏转电场时的位置到OO ′的距离最小,在这种情况下,电子的最小距离为:220min 001122U e y at t dm== 最远位置和最近位置之间的距离:1max min y y y ∆=-,2010U e y t dm∆=(2)①设电子从偏转电场中射出时的偏向角为θ,由于电子要垂直打在荧光屏上,所以电子在磁场中运动半径应为:sin L R θ=设电子离开偏转电场时的速度为v 1,垂直偏转极板的速度为v y ,则电子离开偏转电场时的偏向角为θ,1sin y v v θ=,式中00y U ev t dm=又:1mv R Be =解得:00U t B dL=②由于各个时刻从偏转电场中射出的电子的速度大小相等,方向相同,因此电子进入磁场后做圆周运动的半径也相同,都能垂直打在荧光屏上.由第(1)问知电子离开偏转电场时的位置到OO ′的最大距离和最小距离的差值为△y 1, 所以垂直打在荧光屏上的电子束的宽度为:2010U e y y t dm∆=∆=7.如图所示,荧光屏MN 与x 轴垂直放置,与x 轴相交于Q 点,Q 点的横坐标06x cm =,在第一象限y 轴和MN 之间有沿y 轴负方向的匀强电场,电场强度51.610/E N C =⨯,在第二象限有半径5R cm =的圆形磁场,磁感应强度0.8B T =,方向垂直xOy 平面向外.磁场的边界和x 轴相切于P 点.在P 点有一个粒子源,可以向x 轴上方180°范围内的各个方向发射比荷为81.010/qC kg m=⨯的带正电的粒子,已知粒子的发射速率60 4.010/v m s =⨯.不考虑粒子的重力、粒子间的相互作用.求:(1)带电粒子在磁场中运动的轨迹半径; (2)粒子从y 轴正半轴上射入电场的纵坐标范围; (3)带电粒子打到荧光屏上的位置与Q 点间的最远距离. 【答案】(1)5cm (2)010y cm ≤≤ (3)9cm 【解析】 【详解】(1)带电粒子进入磁场受到洛伦兹力的作用做圆周运动20v qv B m r=解得:05mv r cm qB== (2)由(1)问中可知r R =,取任意方向进入磁场的粒子,画出粒子的运动轨迹如图所示,由几何关系可知四边形1PO FO '为菱形,所以1//FO O P ',又O P '垂直于x 轴,粒子出射的速度方向与轨迹半径1FO 垂直,则所有粒子离开磁场时的方向均与x 轴平行,所以粒子从y 轴正半轴上射入电场的纵坐标范围为010y cm ≤≤.(3)假设粒子没有射出电场就打到荧光屏上,有000x v t =2012h at =qE a m=解得:18210h cm R cm =>=,说明粒子离开电场后才打到荧光屏上.设从纵坐标为y 的点进入电场的粒子在电场中沿x 轴方向的位移为x ,则0x v t =212y at =代入数据解得2x y =设粒子最终到达荧光屏的位置与Q 点的最远距离为H ,粒子射出的电场时速度方向与x 轴正方向间的夹角为θ,000tan 2y qE x v m v yv v θ===g所以()(00tan 22H x x x y y θ=-=g 由数学知识可知,当(022x y y = 4.5y cm =时H 有最大值,所以max 9H cm =8.如图,PQ 分界线的右侧空间有一垂直纸面向里、磁感应强度为B 的匀强磁场。

带电粒子在电场中的运动(含解析)

带电粒子在电场中的运动(含解析)

带电粒子在电场中的运动一、带电粒子在电场中的直线运动1.做直线运动的条件(1)粒子所受合外力F 合=0,粒子或静止,或做匀速直线运动.(2)粒子所受合外力F 合≠0,且与初速度方向在同一条直线上,带电粒子将做匀加速直线运动或匀减速直线运动.2.用动力学观点分析a =qE m ,E =U d,v 2-v 02=2ad . 3.用功能观点分析匀强电场中:W =Eqd =qU =12mv 2-12mv 02 非匀强电场中:W =qU =E k2-E k1●带电粒子在匀强电场中的直线运动【例1】如图所示,三块平行放置的带电金属薄板A 、B 、C 中央各有一小孔,小孔分别位于O 、M 、P 点.由O 点静止释放的电子恰好能运动到P 点.现将C 板向右平移到P ′点,则由O 点静止释放的电子( )图6A .运动到P 点返回B .运动到P 和P ′点之间返回C .运动到P ′点返回D .穿过P ′点【答案】A【解析】根据平行板电容器的电容的决定式C = εr S 4πkd 、定义式C =Q U和匀强电场的电压与电场强度的关系式U =Ed 可得E = 4πkQ εr S,可知将C 板向右平移到P ′点,B 、C 两板间的电场强度不变,由O 点静止释放的电子仍然可以运动到P 点,并且会原路返回,故选项A 正确.【变式1】 两平行金属板相距为d ,电势差为U ,一电子质量为m ,电荷量为e ,从O 点沿垂直于极板的方向射入,最远到达A 点,然后返回,如图所示,OA =h ,此电子具有的初动能是( )A.edh U B .edUh C.eU dh D.eUh d【答案】D【解析】由动能定理得:-e U d h =-E k ,所以E k =eUh d,故D 正确. 二、带电粒子在交变电场中的直线运动【例2】 匀强电场的电场强度E 随时间t 变化的图象如图所示.当t =0时,在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子(带正电),设带电粒子只受电场力的作用,则下列说法中正确的是( )A .带电粒子将始终向同一个方向运动B .2 s 末带电粒子回到原出发点C .3 s 末带电粒子的速度不为零D .0~3 s 内,电场力做的总功为零【答案】D【解析】由牛顿第二定律可知带电粒子在第1 s 内的加速度和第2 s 内的加速度的关系,因此粒子将先加速1 s 再减速0.5 s ,速度为零,接下来的0.5 s 将反向加速……,v -t 图象如图所示,根据图象可知选项A 错误;由图象可知前2 s 内的位移为负,故选项B 错误;由图象可知3 s 末带电粒子的速度为零,故选项C 错误;由动能定理结合图象可知0~3 s 内,电场力做的总功为零,故选项D 正确.●带电粒子在电场力和重力作用下的直线运动问题【例3】如图所示,在竖直放置间距为d 的平行板电容器中,存在电场强度为E 的匀强电场.有一质量为m 、电荷量为+q 的点电荷从两极板正中间处静止释放.重力加速度为g .则点电荷运动到负极板的过程( )A .加速度大小为a =Eq m+g B .所需的时间为t =dm Eq C .下降的高度为y =d 2D .电场力所做的功为W =Eqd 【答案】B【解析】点电荷受到重力、电场力的作用,所以a =(Eq )2+(mg )2m ,选项A 错误;根据运动独立性,水平方向点电荷的运动时间为t ,则d 2=12Eq mt 2,解得t =md Eq ,选项B 正确;下降高度y =12gt 2=mgd 2Eq,选项C 错误;电场力做功W =Eqd 2,选项D 错误. 【例4】如图所示,一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下,从静止开始由b 沿直线运动到d ,且bd 与竖直方向所夹的锐角为45°,则下列结论不正确的是( )A .此液滴带负电B .液滴的加速度大小为2gC .合力对液滴做的总功等于零D .液滴的电势能减少【答案】C【解析】带电液滴由静止开始沿bd 做直线运动,所受的合力方向必定沿bd 直线,液滴受力情况如图所示,电场力方向水平向右,与电场方向相反,所以此液滴带负电,故选项A 正确;由图知液滴所受的合力F =2mg ,其加速度为a =F m =2g ,故选项B 正确;因为合力的方向与运动的方向相同,故合力对液滴做正功,故选项C 错误;由于电场力所做的功W 电=Eqx bd sin 45°>0,故电场力对液滴做正功,液滴的电势能减少,故选项D 正确.三、带电粒子在电场中的偏转1.两个结论(1)不同的带电粒子从静止开始经过同一电场加速后再从同一偏转电场射出时,偏移量和偏转角总是相同的.证明:由qU 0=12mv 02 y =12at 2=12·qU 1md ·(l v 0)2 tan θ=qU 1l mdv 02得:y =U 1l 24U 0d ,tan θ=U 1l 2U 0d(2)粒子经电场偏转后,合速度的反向延长线与初速度延长线的交点O 为粒子水平位移的中点,即O 到偏转电场边缘的距离为l 2. 2.功能关系当讨论带电粒子的末速度v 时也可以从能量的角度进行求解:qU y =12mv 2-12mv 02,其中U y =U dy ,指初、末位置间的电势差.【例5】 质谱仪可对离子进行分析.如图所示,在真空状态下,脉冲阀P 喷出微量气体,经激光照射产生电荷量为q 、质量为m 的正离子,自a 板小孔进入a 、b 间的加速电场,从b 板小孔射出,沿中线方向进入M 、N 板间的偏转控制区,到达探测器(可上下移动).已知a 、b 板间距为d ,极板M 、N 的长度和间距均为L ,a 、b 间的电压为U 1,M 、N 间的电压为U 2.不计离子重力及进入a 板时的初速度.求:(1)离子从b 板小孔射出时的速度大小;(2)离子自a 板小孔进入加速电场至离子到达探测器的全部飞行时间;(3)为保证离子不打在极板上,U 2与U 1应满足的关系.【答案】 (1)2qU 1m (2)(2d +L )m 2qU 1(3) U 2<2U 1 【解析】(1)由动能定理qU 1=12mv 2,得v =2qU 1m (2)离子在a 、b 间的加速度a 1=qU 1md 在a 、b 间运动的时间t 1=v a 1=2m qU 1·d 在MN 间运动的时间:t 2=Lv =L m 2qU 1离子到达探测器的时间:t =t 1+t 2=(2d +L )m 2qU 1; (3)在MN 间侧移:y =12a 2t 22=qU 2L 22mLv 2=U 2L 4U 1由y <L2,得 U 2<2U 1. 【变式2】 如图所示,电荷量之比为q A ∶q B =1∶3的带电粒子A 、B 以相同的速度v 0从同一点出发,沿着跟电场强度垂直的方向射入平行板电容器中,分别打在C 、D 点,若OC =CD ,忽略粒子重力的影响,则下列说法不正确的是( )A .A 和B 在电场中运动的时间之比为1∶2B .A 和B 运动的加速度大小之比为4∶1C .A 和B 的质量之比为1∶12D .A 和B 的位移大小之比为1∶1【答案】D【解析】粒子A 和B 在匀强电场中做类平抛运动,水平方向由x =v 0t 及OC =CD 得,t A ∶t B =1∶2;竖直方向由h =12at 2得a =2h t 2,它们沿竖直方向运动的加速度大小之比为a A ∶a B =4∶1;根据a =qE m 得m =qE a ,故m A m B =112,A 和B 的位移大小不相等,故选项A 、B 、C 正确,D 错误.【变式3】 如图所示,喷墨打印机中的墨滴在进入偏转电场之前会带上一定量的电荷,在电场的作用下带电荷的墨滴发生偏转到达纸上.已知两偏转极板长度L =1.5×10-2 m ,两极板间电场强度E =1.2×106 N/C ,墨滴的质量m =1.0×10-13 kg ,电荷量q =1.0×10-16 C ,墨滴在进入电场前的速度v 0=15 m/s ,方向与两极板平行.不计空气阻力和墨滴重力,假设偏转电场只局限在平行极板内部,忽略边缘电场的影响.(1)判断墨滴带正电荷还是负电荷?(2)求墨滴在两极板之间运动的时间;(3)求墨滴离开电场时在竖直方向上的位移大小y .【答案】(1)负电荷 (2)1.0×10-3 s (3)6.0×10-4 m【解析】(1)负电荷.(2)墨滴在水平方向做匀速直线运动,那么墨滴在两板之间运动的时间t =L v 0.代入数据可得:t =1.0×10-3 s(3)离开电场前墨滴在竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动,a =Eq m代入数据可得:a =1.2×103 m/s 2离开偏转电场时在竖直方向的位移y =12at 2 代入数据可得:y =6.0×10-4 m.。

微型专题03 带电粒子在电场中的运动(四种题型)(课件)(共33张PPT)

微型专题03 带电粒子在电场中的运动(四种题型)(课件)(共33张PPT)

面方向的偏转距离Δy;
(2)分析物理量的数量级,是解决物理问题的常用方法.在解决(1)问时忽略了电子所
受重力,请利用下列数据分析说明其原因.已知U=2.0×102 V,d=4.0×10-2 m,m
=9.1×10-31 kg,e=1.6×10-19 C,g=10 m/s2.
新教材 新高考
1
解析(1)根据动能定理,有 eU0= mv02,
里的最高点不一定是几何最高点,而应是物理最高点.几何最高点是图形
中所画圆的最上端,是符合人眼视觉习惯的最高点.而物理最高点是物体
在圆周运动过程中速度最小(称为临界速度)的点.
新教材 新高考
例4.如图所示,半径为r的绝缘光滑圆环固定在竖直平面内,环上套有一质量为m、带
电荷量为+q的珠子,现在圆环平面内加一个匀强电场,使珠子由最高点A从静止开始
仍沿水平方向并恰好从B板边缘水平飞出(g取10 m/s2,sin 37°=0.6,cos
37°=0.8)。求:
(1)液滴的质量;
(2)液滴飞出时的速度。
新教材 新高考
答案:(1)8×10-8 kg
7
(2) 2 m/s
解析:(1)根据题意画出带电液滴的受力图如图所示,可得
qEcos α=mg

E=

暗示以外,一般都不考虑重力。(但并不能忽略质量)
2.带电微粒:如带电小球、液滴、尘埃等。除非有说
明或明确的暗示以外,一般都考虑重力。
注意:某些带电体是否考虑重力,要根据题目暗示或运动状态来判定
新教材 新高考
带电粒子在匀强电场中运动状态:
静止
平衡(F合=0)
匀速直线运动
匀变速运动
(F合≠0)
匀变速直线运动—加速、减速

第四讲 带电粒子在电场中的运动(原卷版)

第四讲  带电粒子在电场中的运动(原卷版)

第四讲 带电粒子在电场中的运动1.带电粒子在电场中加速若不计粒子的重力,则电场力对带电粒子做的功等于带电粒子动能的增量. (1)在匀强电场中:W =qEd =qU =21mv 2-21mv 20或F =qE=q Ud =ma .(2)在非匀强电场中:W =qU =21mv 2-21mv 20. 2.带电粒子在电场中的偏转(1)条件分析:带电粒子垂直于电场线方向进入匀强电场. (2)运动性质:匀变速曲线运动.(3)处理方法:分解成相互垂直的两个方向上的直线运动,类似于平抛运动. (4)运动规律:①沿初速度方向做匀速直线运动,运动时间⎩⎨⎧a.能飞出电容器:t =l v 0.b.不能飞出电容器:y =12at 2=12qU mdt 2,t = 2mdy qU②沿电场力方向,做匀加速直线运动⎩⎪⎨⎪⎧加速度:a =F m =qE m =Uqmd离开电场时的偏移量:y =12at 2=Uql 22mdv20离开电场时的偏转角:tan θ=v y v 0=Uql mdv203.粒子的偏转角(1)以初速度v 0进入偏转电场:如图所示,设带电粒子质量为m ,带电荷量为q ,以速度v 0垂直于电场线方向射入匀强偏转电场,偏转电压为U 1,若粒子飞出电场时偏转角为θ 则tan θ=v yv x,式中v y =at =md qU 1·0v L,v x =v 0,代入得d mv L qU 201tan =θ 结论:动能一定时tan θ与q 成正比,电荷量一定时tan θ与动能成反比. (2)经加速电场加速再进入偏转电场若不同的带电粒子都是从静止经同一加速电压U 0加速后进入偏转电场的,则由动能定理有:qU 0=12mv 220021mv qU =得:dU LU 012tan =θ 结论:粒子的偏转角与粒子的q 、m 无关,仅取决于加速电场和偏转电场. (3)粒子在匀强电场中偏转时的两个结论 ①以初速度v 0进入偏转电场2012)(2121v L ms qU at y ⋅⋅==作粒子速度的反向延长线,设交于O 点,O 点与电场右边缘的距离为x ,则2tan Ly x ==θ 结论:粒子从偏转电场中射出时,就像是从极板间的2L处沿直线射出. ②经加速电场加速再进入偏转电场:若不同的带电粒子都是从静止经同一加速电压U 0加速后进入偏转电场的,则由②和④得:偏移量dU L U y 0214=偏转角正切为:dU LU 012tan =θ 结论:无论带电粒子的m 、q 如何,只要经过同一加速电场加速,再垂直进入同一偏转电场,它们飞出的偏移量y 和偏转角θ都是相同的,也就是运动轨迹完全重合. (4)计算粒子打到屏上的位置离屏中心的距离Y 的几种方法: ①Y =y +D tan θ(D 为屏到偏转电场的水平距离) ②Y =(2L+D )tan θ(L 为电场宽度) ③Y =y +v y ·v D④根据三角形相似:22L D L yY +=【例1】水平放置的平行金属板A 、B 连接一恒定电压,两个质量相等的电荷M 和N 同时分别从极板A 的边缘和两极板的正中间沿水平方向进入板间电场,两电荷恰好在板间某点相遇,如图所示。

带电粒子在电场中的运动计算题基础篇

带电粒子在电场中的运动计算题基础篇

带电粒子在电场中的运动--计算题(基础篇·简单的加速、偏转、匀速直线)1.如图所示为一真空示波管,电子从灯丝K发出(初速度不计),经灯丝与A板间的加速A板中心孔沿中心线射出,然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电电压U1加速,从场中(偏转电场可视为匀强电场),电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直,电M、N两板间的电压为U2,两板子经过电场后打在荧光屏上的P点.已知加速电压为U1,间的距离为d,板长为L板右端到荧光屏的距离为L2,电子的质量为m,电荷量为e.求:1,(1)电子穿过A板时的速度大小;(2)电子从偏转电场射出时的侧移量;(3)P点到O点的距离.2.如图所示为两组平行板金属板,一组竖直放置,一组水平放置,今有一质量为m的电子B点进入两板间距为d、电压静止在竖直放置的平行金属板的A点,经电压U0加速后通过为U的水平放置的平行金属板间,若电子从两块水平平行板的正中间射入,且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出,A、B分别为两块竖直板的中点,求:(1)电子通过B点时的速度大小;(2)右侧平行金属板的长度;(3)电子穿出右侧平行金属板时的动能.3.(2015秋?广东校级期末)长为l的平行金属板,板间形成匀强电场,一个带电为+q、质量为m的带电粒子,以初速v0紧贴上板垂直于电场线方向射入该电场,刚好从下板边缘射出,末速度恰与下板成30°,如图所示.求:(1)粒子末速度的大小;(2)匀强电场的场强;(3)两板间的距离d .4.如图所示,离子发生器发射一束质量为m ,电荷量为+q 的离子,从静止经PQ 两板间的加速电压加速后,以初速度v 0再从a 点沿ab 方向进入一匀强电场区域,abcd 所围成的正方形区域是该匀强电场的边界,已知正方形的边长为L ,匀强电场的方向与ad 边平行且由a 指向d .(1)求加速电压U 0;(2)若离子恰从c 点飞离电场,求ac 两点间的电势差U ac ;(3)若离子从abcd 边界上某点飞出时的动能为mv 02,求此时匀强电场的场强大小E .5.如图所示为说明示波器工作原理的示意图,已知两平行板间的距离为d 、板长为l 电子经电压为U 1的电场加速后从两平行板间的中央处垂直进入偏转电场,设电子质量为m e 、电荷量为e .(1)求经电场加速后电子速度v 的大小;(2)要使电子离开偏转电场时的偏转角度最大,两平行板间的电压U 2应是多少电子动能多大6、如图所示,水平放置的平行板电容器,两板间距为d=9cm ,板长为L=30cm ,接在直流电源上,有一带电液滴以v 0=s 的初速度从板间的正中央水平射入,恰好做匀速直线运动,当它运动到P 处时迅速将下板向上提起119cm ,液滴刚好从金属板末端飞出,g 取10m/s 2.求:(1)将下板向上提起后,液滴的加速度;(2)液滴从射入电场开始计时,匀速运动到P 点的时间.7、如图所示,质量为m 、带电量为+q 的小球从距地面高度h 处以一定的初速度v 0水平抛出,在距抛出点水平距离为L 处,有一根管口比小球直径略大的竖直细管,管的上口距地面为2h ,为使小球无碰撞地通过管子,可在管子上方整个区域内加一场强方向向左的匀强电场.求:(1)小球的初速度v 0;(2)电场强度E 的大小.8.如图所示,长l=1m 的轻质细绳上端固定,下端连接一个可视为质点的带电小球,小球静止在水平向右的匀强电场中,绳与竖直方向的夹角θ=37°.已知小球所带电荷量q=×10-6?C ,匀强电场的场强E=×103?N/C ,取重力加速度g=10m/s 2,sin?37°=,cos?37°=.求:(1)小球所受电场力F 的大小.(2)小球的质量m .(3)将电场撤去,小球回到最低点时速度v 的大小.(4)在最低点时绳子的拉力为多少。

带电粒子在电场中的运动知识梳理+典型例题+随堂练习(含答案)

带电粒子在电场中的运动知识梳理+典型例题+随堂练习(含答案)

带电粒子在电场中的运动回顾:1、电场的力的性质:E=F/q2、电场的能的性质:E p = ϕ q W AB =U AB q3、是否考虑重力①基本粒子:如电子、质子、α粒子、离子等除有说明或明确的暗示外,一般不考虑重力. ②带电颗粒:如液滴、油滴、尘埃、小球等,除有说明或明确暗示外,一般都不能忽略重力.一、带电粒子在电场中的加速如图,不计重力,分析粒子由A 板运动到B 板时的速度多大。

1、动力学方法:由牛顿第二定律:由运动学公式:2、动能定理: 由动能定理:总结:动能定理只考虑始末状态,不涉及中间过程,使用起来比较方便简单。

例题1、下列粒子由静止经加速电压为U 的电场加速后,哪种粒子动能最大( ) 哪种粒子速度最大 ( ) A 、质子 B 、电子 C 、氘核 D 、氦核过度:以上是带电粒子在电场中的加速,研究的是直线运动的情况,下面我们来研究带电粒子在电场中做曲线运动的情况。

二、带电粒子在电场中的偏转如图,平行两个电极板间距为d ,板长为l ,板间电压为U ,初速度为v 0的带电粒子质量为m ,带电量为+q .分析带电粒子的运动情况:假设粒子成功飞出(重力不计) 引导:分析粒子进入电场后的受力情况和运动情况,从而得出粒子 在电场中做类平抛运动学生活动:类比平抛运动的规律,分析粒子在电场中的侧移距离和偏转角度侧移量: 偏转角:AB m F a =m qE =mdqU=adv 202=-ad v 2=mqU2=引导学生分析:侧移量和偏转角与哪些因素有关。

例题3、三个电子在同一地点沿、同一直线垂直飞入偏转电场,如图所示。

则由此可判断( ) A 、 b 和c 同时飞离电场B 、在b 飞离电场的瞬间,a 刚好打在下极板上C 、进入电场时,c 速度最大,a 速度最小D 、c 的动能增量最小,a 和b 的动能增量一样大过度:通过以上的学习,我们掌握了带电粒子在电场中的加速和偏转过程,若带电粒子既经过了加速又经过了偏转,结果会怎样呢? 例题4、如图所示,有一电子(电量为e 、质量为m)经电压U0加速后,沿平行金属板A 、B 中心线进入两板,A 、B 板间距为d 、长度为L , A 、B 板间电压为U ,屏CD 足够大,距离A 、B 板右边缘2L ,AB 板的中心线过屏CD 的中心且与屏CD 垂直。

带电粒子在电场中运动题目及标准答案(分类归纳经典)

带电粒子在电场中运动题目及标准答案(分类归纳经典)

带电粒子在电场中的运动一、带电粒子在电场中做偏转运动1.如图所示的真空管中,质量为m ,电量为e 的电子从灯丝F发出,经过电压U1加速后沿中心线射入相距为d 的两平行金属板B、C间的匀强电场中,通过电场后打到荧光屏上,设B、C间电压为U2,B、C板长为l 1,平行金属板右端到荧光屏的距离为l 2,求:⑴电子离开匀强电场时的速度与进入时速度间的夹角. ⑵电子打到荧光屏上的位置偏离屏中心距离. 解析:电子在真空管中的运动过分为三段,从F发出在电压U1作用下的加速运动;进入平行金属板B、C间的匀强电场中做类平抛运动;飞离匀强电场到荧光屏间的匀速直线运动.⑴设电子经电压U1加速后的速度为v 1,根据动能定理有: 21121mv eU =电子进入B、C间的匀强电场中,在水平方向以v 1的速度做匀速直线运动,竖直方向受电场力的作用做初速度为零的加速运动,其加速度为: dmeU meE a 2==电子通过匀强电场的时间11v l t =电子离开匀强电场时竖直方向的速度v y 为: 112mdv l eU at v y ==电子离开电场时速度v 2与进入电场时的速度v 1夹角为α(如图5)则d U l U mdv l eU v v tg y 112211212===α ∴dU l U arctg1122=α ⑵电子通过匀强电场时偏离中心线的位移dU l U v l dm eU at y 1212212122142121=•== 电子离开电场后,做匀速直线运动射到荧光屏上,竖直方向的位移 dU l l U tg l y 1212222==α ∴电子打到荧光屏上时,偏离中心线的距离为 )2(22111221l l d U l U y y y +=+= 图 52. 如图所示,在空间中取直角坐标系Oxy ,在第一象限内平行于y 轴的虚线MN 与y 轴距离为d ,从y 轴到MN 之间的区域充满一个沿y 轴正方向的匀强电场,场强大小为E 。

高考复习带电粒子在电场中运动计算题(精选.)

高考复习带电粒子在电场中运动计算题(精选.)

1.如图所示,质量为m=5×10-8kg的带电粒子以v0=2m/s的速度从水平放置的平行金属板A、B中央飞入电场,已知板长L=10cm,板间距离d=2cm,当A、B间电势差U AB=103V时,带电粒子恰好沿直线穿过电场。

求:(g取10m/s2)(1)带电粒子的电性和所带电荷量;(2)A、B间所加电压在什么范围内带电粒子能从板间飞出。

2.如图所示,在区域I(0⩽x⩽L)和区域Ⅱ内分别存在匀强电场,电场强度大小均为E,但方向不同。

在区域I内场强方向沿y轴正方向,区域Ⅱ内场强方向未标明,都处在xoy平面内,一质量为m,电量为q的正粒子从坐标原点O以某一初速度沿x轴正方向射入电场区域I,从P点进入电场区域Ⅱ,到达Ⅱ区域右边界Q处时速度恰好为零.P点的坐标为(L,L2).不计粒子所受重力,求:(1)带电粒子射入电场区域I时的初速度;(2)电场区域Ⅱ的宽度。

3.如图所示,水平放置的平行板电容器,原来两极板不带电,上极板接地,它的极板长L=0.1m,两板间距离d=0.4cm,有一束相同的带电微粒以相同的初速度先后从两极板中央平行极板射入,由于重力作用微粒能落到下极板上,微粒所带电荷立即转移到下极板且均匀分布在下极板上。

设前一微粒落到下极板上时后一微粒才能开始射人两极板间。

已知微粒质量为m=2×10−6kg、电荷量为q=1×10−8C,取g=10m/s2.(1)为使第一个微粒恰能落在下极板的中点,求微粒入射的初速度v0.(2)若带电微粒以第(1)问中初速度v0入射,则平行板电容器所获得的电压最大值是多少?4.如图所示一质量为m,带电荷量为+q 的小球从距地面高h 处以一定初速度水平抛出,在距抛出点水平距离l 处,有一根管口比小球直径略大的竖直细管,管上口距地面21h ,为使小球能无碰撞地通过管子,可在管子上方的整个区域里加一个场强方向水平向左的匀强电场,重力加速度为g ,求:(1)小球的初速度v 0.(2)电场强度E 的大小。

专题10 带电粒子在电场中的运动(原卷版)-高考物理计算题专项突破

专题10 带电粒子在电场中的运动(原卷版)-高考物理计算题专项突破

专题10 带电粒子在电场中的运动1.库仑定律:221r q q kF =;2.电场强度:q F E =,qU E =;3.静电力做功:pB pA AB E E W -=,AB AB qU W =,Ed U AB =;4.电势:q E p=ϕ;5.电势差:B A AB U ϕϕ-=,q W U AB AB =,Ed U AB =;6.电容:U Q C =,kdS C r πε4=;在解与带电粒子在电场中的运动有关的计算题时,首先要确定研究对象,一般情况下,可以把带电粒子(不计重力)或者带点小球作为研究对象;其次要判断是电加速模型、电偏转模型还是电加速+电偏转模型;然后对模型分别进行受力分析(要画出受力分析图)、运动分析(匀加速直线运动、类平抛运动)和能量分析(电场力做的功等于动能的变化量);最后结合已知量和待求量,列出方程求解。

一、带电粒子在匀强电场中的加速带电粒子在电场中运动时,重力一般远小于静电力,因此重力可以忽略。

如图所示,匀强电场中有一带正电q 的粒子(不计重力),在电场力作用下从A 点加速运动到B 点,速度由v0增加到v.,A 、B 间距为d ,电势差为UAB.(1)用动力学观点分析:Eq a m =, U E d =,2202v v ad-=(2)用能量的观点(动能定理)分析:2201122AB qU mv mv =-能量观点既适用于匀强电场,也适用于非匀强电场,对匀强电场又有AB W qU qEd ==。

二、带电粒子在匀强电场中的偏转1.带电粒子以垂直于电场线方向的初速度v0进入匀强电场时,粒子做类平抛运动。

垂直于场强方向的匀速直线运动,沿场强方向的匀加速直线运动。

2.偏转问题的处理方法,类似于平抛运动的研究方法,粒子沿初速度方向做匀速直线运动,可以确定通过电场的时间0l t v =。

粒子沿电场线方向做初速度为零的匀加速直线运动,加速度F qE qU a m m md ===;穿过电场的位移侧移量:221at y =222001().22Uq l ql U md v mv d =⋅=;穿过电场的速度偏转角:200tan y v ql U v mv d θ==。

人教版高二物理选修3-1第一章 1.9带电粒子在电场中的运动 课后训练题(含答案解析)

人教版高二物理选修3-1第一章 1.9带电粒子在电场中的运动 课后训练题(含答案解析)

1.9 带电粒子在电场中的运动一、单选题1.如图,一充电后的平行板电容器的两极板相距l.在正极板附近有一质量为M、电荷量为q(q>0)的粒子;在负极板附近有另一质量为m、电荷量为-q的粒子.在电场力的作用下,两粒子同时从静止开始运动.已知两粒子同时经过一平行于正极板且与其相距l的平面.若两粒子间相互作用力可忽略,不计重力,则M∶m为()A. 3∶2B. 2∶1C. 5∶2D. 3∶12.如图所示,两平行金属板水平放置,板长为L,板间距离为d,板间电压为U,一不计重力、电荷量为q的带电粒子以初速度v0沿两板的中线射入,恰好沿下板的边缘飞出,粒子通过平行金属板的时间为t,则()A.在时间内,电场力对粒子做的功为UqB.在时间内,电场力对粒子做的功为UqC.在粒子下落的前和后过程中,电场力做功之比为1∶1D.在粒子下落的前和后过程中,电场力做功之比为1∶23.如图甲所示,在距离足够大的平行金属板A、B之间有一电子,在A、B之间加上如图乙所示规律变化的电压,在t=0时刻电子静止且A板电势比B板电势高,则()A.电子在A、B两板间做往复运动B.在足够长的时间内,电子一定会碰上A板C.当t=时,电子将回到出发点D.当t=时,电子的位移最大4.如图所示,电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动,然后射入电势差为U2的两块平行极板间的电场中,射入方向跟极板平行,整个装置处在真空中,重力可忽略,在满足电子能射出平行板区的条件下,下述四种情况中,一定能使电子的偏转角θ变大的是()A.U1变大、U2变大B.U1变小、U2变大C.U1变大、U2变小D.U1变小、U2变小二、多选题5.(多选)如图所示,电量和质量都相同的带正电粒子以不同的初速度通过A、B两板间的加速电场后飞出,不计重力的作用,则()A.它们通过加速电场所需的时间相等B.它们通过加速电场过程中动能的增量相等C.它们通过加速电场过程中速度的增量相等D.它们通过加速电场过程中电势能的减少量相等6.(多选)带有等量异种电荷的平行金属板M、N水平放置,两个电荷P和Q以相同的速率分别从极板M边缘和两板中间沿水平方向进入板间电场,恰好从极板N边缘射出电场,如图所示.若不考虑电荷的重力和它们之间的相互作用,下列说法正确的是()A.两电荷的电荷量可能相等B.两电荷在电场中运动的时间相等C.两电荷在电场中运动的加速度相等D.两电荷离开电场时的动能相等7.(多选)如图所示,六面体真空盒置于水平面上,它的ABCD面与EFGH面为金属板,其他面为绝缘材料.ABCD面带正电,EFGH面带负电.从小孔P沿水平方向以相同速率射入三个质量相同的带正电液滴A、B、C,最后分别落在1、2、3三点,则下列说法正确的是()A.三个液滴在真空盒中都做平抛运动B.三个液滴的运动时间一定相同C.三个液滴落到底板时的速率相同D.液滴C所带电荷量最多8.(多选)如图所示,平行直线表示电场线,但未标明方向,带电量为+10-2C的微粒在电场中只受电场力作用,由A点移到B点,动能损失0.1 J,若A点电势为-10 V,则()A.B点的电势为0 VB.电场线方向从右向左C.微粒的运动轨迹可能是轨迹1D.微粒的运动轨迹可能是轨迹29.(多选)如图所示,一个质量为m、带电荷量为q的粒子(不计重力),从两平行板左侧中点沿垂直场强方向射入,当入射速度为v时,恰好穿过电场而不碰金属板.要使粒子的入射速度变为,仍能恰好穿过电场,则必须再使()A.粒子的电荷量变为原来的B.两板间电压减为原来的C.两板间距离增为原来的4倍D.两板间距离增为原来的2倍10.(多选)如图甲所示,两平行金属板MN、PQ的板长和板间距离相等,板间存在如图乙所示的随时间周期性变化的电场,电场方向与两板垂直,不计重力的带电粒子沿板间中线垂直电场方向源源不断地射入电场,粒子射入电场时的初动能均为E k0,已知t=0时刻射入电场的粒子刚好沿上板右边缘垂直电场方向射出电场.则()A.所有粒子都不会打到两极板上B.所有粒子最终都垂直电场方向射出电场C.运动过程中所有粒子的最大动能不可能超过2E k0D.只有t=n(n=0,1,2…)时刻射入电场的粒子才能垂直电场方向射出电场三、计算题11.一个带正电的微粒,从A点射入水平方向的匀强电场中,微粒沿直线AB运动,如图所示.AB与电场线夹角θ=30°,已知带电粒子的质量m=1.0×10-7kg,电荷量q=1.0×10-10C,A、B相距L=20 cm.(取g=10 m/s2,结果保留两位有效数字)求:(1)说明微粒在电场中运动的性质,要求说明理由.(2)电场强度的大小和方向.(3)要使微粒从A点运动到B点,微粒射入电场时的最小速度是多少?12.长为L的平行金属板水平放置,两极板带等量的异种电荷,板间形成匀强电场,一个带电荷量为+q、质量为m的带电粒子,以初速度v0紧贴上极板垂直于电场线方向进入该电场,刚好从下极板边缘射出,射出时速度恰与下极板成30°角,如图所示,不计粒子重力,求:(1)粒子末速度的大小;(2)匀强电场的场强;(3)两板间的距离.13.如图所示,A、B两块带异号电荷的平行金属板间形成匀强电场,一电子以v0=4×106m/s的速度垂直于场强方向沿中心线由O点射入电场,从电场右侧边缘C点飞出时的速度方向与v0方向成30°的夹角.已知电子电荷e=1.6×10-19C,电子质量m=0.91×10-30kg.求:(1)电子在C点时的动能是多少焦?(2)O、C两点间的电势差大小是多少伏?14.如图所示,有一电子(电荷量为e)经电压U0加速后,进入两块间距为d、电压为U的平行金属板间.若电子从两板正中间垂直电场方向射入,且正好能穿过电场,求:(1)金属板AB的长度;(2)电子穿出电场时的动能.答案解析1.【答案】A【解析】因两粒子同时经过一平行于正极板且与其相距l的平面,电荷量为q的粒子通过的位移为l,电荷量为-q的粒子通过的位移为l,由牛顿第二定律知它们的加速度分别为a1=,a2=,由运动学公式有l=a1t2=t2①l=a2t2=t2②得=.B、C、D错,A对.2.【答案】C【解析】由类平抛规律,在时间t内有:L=v0t,=at2,在内有:y=a()2,比较可得y=,则电场力做的功为W=qEy==,所以A、B错误.粒子下落的前和后过程中电场力做的功分别为:W1=qE×,W2=qE×,所以W1:W2=1∶1,所以C正确,D错误.3.【答案】B【解析】粒子先向A板做半个周期的匀加速运动,接着做半个周期的匀减速运动,经历一个周期后速度为零,以后重复以上过程,运动方向不变,选B.4.【答案】B【解析】设电子被加速后获得初速度v0,则由动能定理得:qU1=mv①若极板长为l,则电子在电场中偏转所用时间:t=②设电子在平行板间受电场力作用产生的加速度为a,由牛顿第二定律得:a==③电子射出偏转电场时,平行于电场方向的速度:v y=at④由①②③④可得:v y=又有:tanθ====故U2变大或U1变小都可能使偏转角θ变大,故选项B正确,选项A、C、D错误.5.【答案】BD【解析】由于电量和质量相等,因此产生的加速度相等,初速度越大的带电粒子经过电场所用时间越短,A错误;加速时间越短,则速度的变化量越小,C错误;由于电场力做功W=qU与初速度及时间无关,因此电场力对各带电粒子做功相等,则它们通过加速电场的过程中电势能的减少量相等,动能增加量也相等,B、D正确.6.【答案】AB【解析】两个电荷在电场中做类平抛运动,将它们的运动分解为沿水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀加速直线运动.设板长为L,粒子的初速度为v0,则粒子运动时间为t=,L、v0相同,则时间相同.故B正确.竖直方向的位移为y=at2,a=,则y=t2,E、t相同,y不同,因m的大小关系不清楚,q有可能相等.故A正确.由于位移为y=at2,t相同,y不同,a不等,故C错误.根据动能定理,E k-mv=qEy则E k=mv+qEy,故D错误.7.【答案】BD【解析】三个液滴在水平方向受到电场力作用,水平方向不是匀速直线运动,所以三个液滴在真空盒中不是做平抛运动,选项A错误.由于三个液滴在竖直方向做自由落体运动,三个液滴的运动时间相同,选项B正确.三个液滴落到底板时竖直分速度相等,而水平分速度不相等,所以三个液滴落到底板时的速率不相同,选项C错误.由于液滴C在水平方向位移最大,说明液滴C在水平方向加速度最大,所带电荷量最多,选项D正确.8.【答案】ABC【解析】由动能定理可知WE=ΔE k=-0.1 J;可知粒子受到的电场力做负功,故粒子电势能增加,B点的电势高于A点电势;而电场线由高电势指向低电势,故电场线向左,故B正确;A、B两点的电势差UAB==-10 V,则UA-UB=-10 V.解得UB=0 V;故A正确;若粒子沿轨迹1运动,A点速度沿切线方向向右,受力向左,故粒子将向上偏转,故C正确;若粒子沿轨迹2运动,A点速度沿切线方向向右上,而受力向左,故粒子将向左上偏转,故D错误.9.【答案】AD【解析】粒子恰好穿过电场时,它沿平行板的方向发生位移L所用时间与垂直板方向上发生位移所用时间t相等,设板间电压为U,则有:=··()2,得时间t==.当入射速度变为,它沿平行板的方向发生位移L所用时间变为原来的2倍,由上式可知,粒子的电荷量变为原来的或两板间距离增为原来的2倍时,均使粒子在与垂直板方向上发生位移所用时间增为原来的2倍,从而保证粒子仍恰好穿过电场,因此选项A、D正确.10.【答案】ABC【解析】粒子在平行极板方向不受电场力,做匀速直线运动,故所有粒子的运动时间相同;t=0时刻射入电场的带电粒子沿板间中线垂直电场方向射入电场,沿上板右边缘垂直电场方向射出电场,说明竖直方向分速度变化量为零,故运动时间为周期的整数倍;所有粒子最终都垂直电场方向射出电场;由于t=0时刻射入的粒子在竖直方向始终做单向直线运动,竖直方向的分位移最大,故所有粒子最终都不会打到极板上;故A、B正确,D错误;t=0时刻射入的粒子竖直方向的分位移为;有:=·由于L=d故:v y m=v0故E k′=m(v+v)=2E k0,故C正确.11.【答案】(1)微粒只在重力和电场力作用下沿AB方向运动,在垂直于AB方向上的重力和电场力必等大反向,可知电场力的方向水平向左,如图所示,微粒所受合力的方向由B指向A,与初速度v A方向相反,微粒做匀减速运动.(2)E=×104N/C,电场强度的方向水平向左.(3)v A=2m/s.【解析】(1)微粒只在重力和电场力作用下沿AB方向运动,在垂直于AB方向上的重力和电场力必等大反向,可知电场力的方向水平向左,如图所示,微粒所受合力的方向由B指向A,与初速度v A方向相反,微粒做匀减速运动.(2)在垂直于AB方向上,有qE sinθ-mg cosθ=0所以电场强度E=×104N/C,电场强度的方向水平向左.(3)微粒由A运动到B时的速度v B=0时,微粒进入电场时的速度最小,由动能定理得,-(mgL sinθ+qEL cosθ)=0-mv,代入数据,解得v A=2m/s.12.【答案】(1)(2)(3)L【解析】(1)粒子离开电场时,合速度与水平方向夹角为30°,由几何关系得合速度:v==.(2)粒子在匀强电场中做类平抛运动,在水平方向上:L=v0t,在竖直方向上:v y=at,v y=v0tan 30°=,由牛顿第二定律得:qE=ma解得:E=.(3)粒子做类平抛运动,在竖直方向上:d=at2,解得:d=L.13.【答案】(1)9.7×10-18J(2)15.2 V【解析】(1)依据几何三角形解得:电子在C点时的速度为:v=①而E k=mv2②联立①②得:E k=m()2≈9.7×10-18J.(2)对电子从O到C,由动能定理,有eU=mv2-mv③联立①③得:U=≈15.2 V.14.【答案】(1)d(2)e(U0+)【解析】(1)设电子飞离加速电场时的速度为v0,由动能定理得eU0=mv①设金属板AB的长度为L,电子偏转时间t=②电子在偏转电场中产生偏转加速度a=③电子在电场中的侧位移y=d=at2④联立①②③④得:L=d.(2)设电子穿出电场时的动能为E k,根据动能定理得E k=eU0+e=e(U0+).。

带电粒子在电场中的偏转(题_详细)

带电粒子在电场中的偏转(题_详细)

l 2
强化练习
5、如图所示,有一电子(电量为e、质量为 m)经电压U0加速后,沿平行金属板A、B中 心线进入两板,A、B板间距为d、长度为L, A、B板间电压为U,屏CD足够大,距离A、 B板右边缘2L,AB板的中心线过屏CD的中 心且与屏CD垂直。试求电子束打在屏上的 位置到屏中心间的距离。
1、三个电子在同一地点沿同一直线垂直飞 入偏转电场,如图所示。则由此可判断 ( ) BCD A、 b和c同时飞离电场 B、在b飞离电场的瞬间,a刚好打在下极 板上 C、进入电场时,c速度最大,a速度最小 D、c的动能增量最小, a和b的动能增量一样大
√ √ √
强化练习 2、如图,电子在电势差为U1的加速电场中由静止 开始加速,然后射入电势差为U2的两块平行极板间 的电场中,入射方向跟极板平行。整个装置处在真 空中,重力可忽略。在满足电子能射出平行板区的 条件下,下述四种情况中,一定能使电子的偏转角 θ变大的是 ( B ) A、U1变大、U2变大 B、U1变小、U2变大 C、U1变大、U2变小 D、U1变小、U2变小
1.9 带电粒子在电场中的运动

辛集市第一中学
仪器名称:示波器 型 号:COS5100
北京正负电子对撞机加速器的 起点
系统运行时,数以10亿计的电子就 将从这条加速管中以接近光速冲进 储存环中发生碰撞
1.9 带电粒子在电场 中的运动
电场中的带电粒子一般可分为两类:
1、带电的基本粒子:如电子,质子,α粒子,正负 离子等。这些粒子所受重力和电场力相比小得多,除 非有说明或明确的暗示以外,一般都不考虑重力。 (但并不能忽略质量)。
二. 带电粒子在电场中的偏转
+ + + + + + + + +

带电粒子在电场中的运动经典例题

带电粒子在电场中的运动经典例题

带电粒子在电场中的运动经典例题
带电粒子在电场中的运动是中学物理中的重要知识点,以下是一些经典例题:
1. 一个质量为 m、带电量为 q 的粒子在匀强电场中由 A 点运动到 B 点,电场强度为 E,时间为 t,则粒子在 AB 之间的平均速度为多大?
答案:v 平均 = (E*t)/m
2. 一个带电粒子在电场中从静止开始运动,到达电场极板后速度变为 v,则粒子在电场中的加速度为多大?
答案:a = (F - E*v/m)/qE
3. 一个带电粒子在电场中沿着一条直线运动,电场方向与粒子运动方向垂直,粒子在电场中的加速度为 a,电场强度为 E,则粒子的最大速度为多大?
答案:vmax = sqrt(2*a*E)
4. 一个带电粒子在匀强电场中的运动轨迹为一条抛物线,粒子的质量为 m,带电量为 q,则粒子在电场中的电场力做的功为多大?
答案:W = q*E*t
5. 一个带电粒子在磁场中做圆周运动,磁场强度为 B,粒子的质量为 m,带电量为 q,则粒子在磁场中的半径为多大?
答案:r = m*sqrt(B^2/4*q^2)
6. 一个带电粒子在磁场中沿着一条直线运动,磁场方向与粒子运动方向垂直,粒子在磁场中的加速度为 a,磁场强度为 B,则粒子
的最大速度为多大?
答案:vmax = sqrt(2*a*B)
这些例题都是带电粒子在电场中的运动的典型例子,涉及到运动的描述、加速度的计算、能量守恒、电磁感应等问题,是中学物理中非常重要的知识点。

带电粒子在电场中的运动(含经典例、习题)

带电粒子在电场中的运动(含经典例、习题)

带电粒子在电场中的运动(含经典例、习题)速度v从左侧进入金属板间的电场,其电荷量为-e,重力可以忽略不计.求电子在电场中飞行的轨迹及其速度大小.在匀强电场中,带电粒子做类平抛运动,可以将其运动分解为初速度方向的匀速直线运动和电场力方向的初速度为零的匀加速直线运动.根据运动学公式,可以得到带电粒子在电场中的运动轨迹和速度大小.首先,根据电场的定义,可以计算出电场强度E为E=U/d,其中U为电势差,d为板间距离.又因为电子带负电荷,所以电场力方向与电场强度方向相反,即F=qE=(-e)E.由于重力可以忽略不计,所以带电粒子在水平方向上做匀速直线运动,速度大小保持不变,即v_x=v.在竖直方向上,带电粒子受到电场力的作用,做匀加速直线运动,根据运动学公式可以得到其竖直方向上的位移y和速度大小v_y:y=1/2at^2=1/2(-eE/m)t^2v_y=at=-eEt/m带入初速度为v和加速度为-eE/m的运动公式,可以得到带电粒子在电场中的运动轨迹为抛物线,轨迹方程为:y=-1/2(eE/m)x^2+(v^2/2eE)速度大小为:v=√(v_x^2+v_y^2)=√(v^2+2eEU/m)其中,U为A、B间电势差,即所求的值.一、电子在板间的运动一个速度为$v=4.0\times10^7m/s$的电子从两板中央水平射入板间,然后从板间飞出,射到距板右端$L=45cm$、宽$D=20cm$的荧光屏上。

荧光屏中点在两板间的中线上。

不计电子重力,电子质量$m=9.0\times10^{-31}kg$,电荷量$e=1.6\times10^{-19}C$。

要求解:1)电子飞入两板前所经历的加速电场的电压(设从静止加速);2)为使带电粒子能射到荧光屏的所有位置,两板间所加电压的取值范围。

二、带电粒子在交变电场中的运动带电粒子在交变电场中的运动受到电场力周期性变化的影响,因此其运动性质具有周期性。

研究带电粒子在交变电场中的运动需要分段研究,特别要注意带电粒子进入交变电场的时间及交变电场的周期。

带电粒子在电场中的运动

带电粒子在电场中的运动
(1)B点距虚线MN的距离d2; (2)带电微粒从A点运动到B点所经历的时间t.
d2=0.50 cm t=1.5×10-8s.
带电体在匀强电场中做直线运动问题的分析方法
如图所示,绝缘光滑轨
道AB部分为倾角为30°
的斜面,AC部分为竖直
平面上半径为R的圆轨道,
斜面与圆轨道相切.整个装置处于场强为
E、方向水平向右的匀强电场中.现有一个
42
例.如图所示,一带电粒子 在电场中,由M点沿虚线运 动到N点的过程中,请判断:
①电荷的带电性质
②电荷从M运动
N
到N,电势能、 动能如何变化?
M
43
44
45
第3讲 电容器和电容 带电粒子在电 场中的运动
考基自主落实 核心考点透析 思维方法技巧 高考快乐体验 活页限时训练
2.带电粒子在匀强电场中的偏转 (1)研究条件:带电粒子垂直于电场方向进入匀强电场. (2)处理方法:类似于平抛运动,应用运动的_合__成__与__分__解__ 的方法. ①②沿沿初电速场度力方方向向做,做_匀___速匀____直加____线速____直运__线_动_运,动运动时间t=vl0
质量为m的小球,带正电荷量为要使小球能
安全通过圆轨道,在O点的初速度应为多
大?
答案 v≥
10 3gR 3
如图甲所示,在真空中足够大的绝缘水平地面上, 一个质量为m=0.2 kg、带电荷量为q=+2.0×10 -6 C的小物块处于静止状态,小物块与地面间的 摩擦因数μ=0.1.从t=0时刻开始,空间上加一个 如图乙所示的电场.(取水平向右的方向为正方 向,g取10 m/s2)求: (1)4秒内小物块的位移大小; (2)4秒内电场力对小物块所做的功.
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带电粒子在电场中的运动--计算题(基础篇·简单的加速、偏转、匀速直线)1.(2015•东莞校级模拟)如图所示为一真空示波管,电子从灯丝K发出(初速度不计),经灯丝与A板间的加速电压U1加速,从A板中心孔沿中心线射出,然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中(偏转电场可视为匀强电场),电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直,电子经过电场后打在荧光屏上的P点.已知加速电压为U1,M、N两板间的电压为U2,两板间的距离为d,板长为L1,板右端到荧光屏的距离为L2,电子的质量为m,电荷量为e.求:
(1)电子穿过A板时的速度大小;
(2)电子从偏转电场射出时的侧移量;
(3)P点到O点的距离.
2.(2011•路南区校级模拟)如图所示为两组平行板金属板,一组竖直放置,一组水平放置,今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点,经电压U0加速后通过B
点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间,若电子从两块水平平行板的正中间射入,且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出,A、B分别为两块竖直板的中点,求:
(1)电子通过B点时的速度大小;
(2)右侧平行金属板的长度;
(3)电子穿出右侧平行金属板时的动能.
3.(2015秋•广东校级期末)长为l 的平行金属板,板间形成匀强电场,一个带电为+q 、质量为m 的带电粒子,以初速v 0
紧贴上板垂直于电场线方向射入该电场,刚好从下板边缘射出,末速度恰与下板成30°,如图所示.求:
(1)粒子末速度的大小;
(2)匀强电场的场强;
(3)两板间的距离d .
4.(2015•诸暨市校级模拟)如图所示,离子发生器发射一束质量为m ,电荷量为+q 的离子,从静止经PQ 两板间的加速电压加速后,以初速度v 0
再从a 点沿ab 方向进入一匀强电场区域,abcd 所围成的正方形区域是该匀强电场的边界,已知正方形的边长为L ,匀强电场的方向与ad 边平行且由a 指向d .
(1)求加速电压U 0
; (2)若离子恰从c 点飞离电场,求ac 两点间的电势差U ac
; (3)若离子从abcd 边界上某点飞出时的动能为mv 0
2
,求此时匀强电场的场强大小E .
5.(2016秋•天津期中)如图所示为说明示波器工作
原理的示意图,已知两平行板间的距离为d 、板长为l
电子经电压为U 1的电场加速后从两平行板间的中央处
垂直进入偏转电场,设电子质量为m e 、电荷量为e .
(1)求经电场加速后电子速度v 的大小;
(2)要使电子离开偏转电场时的偏转角度最大,两平行板间的电压U 2
应是多少?电子动能多大?
6、(2016秋•景县校级期中)如图所示,水平放置的平行板电容器,两板间距为d=9cm ,板长为L=30cm ,接在直流电源上,有一带电液滴以v 0
=0.6m/s 的初速度从板间的正中央水平射入,恰好做匀速直线运动,当它运动到P 处时迅速将下板向上提起11
9cm ,液滴刚好从金
属板末端飞出,g 取10m/s 2
.求:
(1)将下板向上提起后,液滴的加速度; (2)液滴从射入电场开始计时,匀速运动到P 点的时间.
7、(2014秋•荔城区校级期中)如图所示,质量为m 、带电量为+q 的小球从距地面高度h 处以一定的初速度v 0
水平抛出,在距抛出点水平距离为L 处,有一根管口比小球直径略大的竖直细管,管的上口距地面为2
h ,为使小球无碰撞地通过管子,可在管子上方整个区域内加一场强方向向左的匀强电场.求:
(1)小球的初速度v 0

(2)电场强度E 的大小.
8.(2017•北京)如图所示,长l=1m 的轻质细绳上端固定,下端连接一个可视为质点的带电小球,小球静止在水平向右的匀强电场中,绳与竖直方向的夹角θ=37°.已知小球所带电荷量q=1.0×10-6 C ,匀强电场的场强E=3.0×103 N/C ,取重力加速度g=10m/s 2
,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8.求:
(1)小球所受电场力F 的大小.
(2)小球的质量m .
(3)将电场撤去,小球回到最低点时速度v 的大小. (4)在最低点时绳子的拉力为多少。

9.(2016秋•东河区校级期中)如图所示,水平放置
的平行板电容器,原来两板不带电,上极板接地,它的
极板长L=0.1m,两板间距离d=0.4cm,有一束由相同微粒组成的带电粒子流以相同的初速度从两板中央平行于极板射入,由于重力作用粒子能落到下极板上.已知粒子质量
m=2.0×10-6kg,电荷量q=1.0×10-8C,电容器电容C=1.0×10-6F,若第一个粒子刚好落到下极板中点O处,取g=10m/s2.求:
(1)则带电粒子入射初速度的大小;
(2)两板间电场强度为多大时,带电粒子能刚好落在下极板右边缘B点;
(3)落到下极板上带电粒子总的个数.
10.(2016秋•桑珠孜区校级期中)如图所示,两平行金属板A、B长为L=8cm,两板间距为d=8cm,A板比B板电势高300v,一带正电的粒子电荷量为q=1.0×10-10C,质量为
m=1.0×10-20kg,沿电场中线RO垂直电场线飞入电场,初速度v0=2.0×106m/s,粒子飞出电场后经过截面MN,PS间的无电场区域,然后进入固定在O点的点电荷Q形成的电场区域(设界面PS右侧点电荷的电场分布不受界面的影响)已知两界面MN、PS相距为12cm,D是中心线RO与界面PS的交点,O点在中心线上,距离界面PS为9cm,粒子穿过界面PS做匀速圆周运动,最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏bc上.(静电常数k=9.0×109N•m2/C2,粒子重力不计)
(1)求粒子穿过界面MN时偏离中心线RO的距离为多远;到达PS界面时离D点为多远;(2)在图上粗略画出粒子的运动轨迹;
(3)确定点电荷Q的电性并求电荷量的大小.
11、(2016秋•武穴市校级期中)半径为r 的绝缘光滑圆环固定在竖直平面内,环上套有一质量为m 、带正电荷的珠子,空间存在水平向右的匀强电场,如图所示.珠子所受静电力是重力的4
3倍.将珠子从环上的最低点A 静止释放(重力加速度为g ),则: (1)珠子所能获得的最大动能是多少?
(2)珠子对环的最大压力是多少?
12.(2016秋•武城县校级月考)如图所示,虚线MN 左侧有一场强为E 1
=E 的匀强电场,在两条平行的选项MN 和PQ 之间存在着宽为L 、电场强度为E 2
=2E 的匀强电场,在虚线PQ 右侧相距为L 处有一与电场E 2
平行的屏.现将一电子(电荷量为e ,质量为m ,不计重力)无初速度地放入电场E 1 中的A 点,A 点到MN 的距离为2
L ,最后电子打在右侧的屏上,AO 连线与屏垂直,垂足为O ,求:
(1)电子从释放到打到屏上所用的时间t ;
(2)电子刚射出电场E 2
时的速度方向与AO 连线夹角θ的正切值tanθ; (3)电子打到屏上的点P′(图中未标出)到点O 的距离x .
12.(2016春•高安市校级期末)如图所示,虚线PQ 、MN 间存在水平匀强电场,一带电粒子质量为m=2.0×10-11kg 、电荷量为q=+1.0×10-5
C ,从a 点由静止开始经电压为U=100V 的电场加速后,垂直于匀强电场进入匀强电场中,从虚线MN 的某点b (图中未画出)离开匀强电场时速度与电场方向成30°角.已知PQ 、MN 间距为20cm ,
带电粒子的重力忽略不计.求:
(1)带电粒子刚进入匀强电场时的速率v1
(2)匀强电场的场强大小
(3)ab两点间的电势差.
13.(2016秋•周村区校级期中)如图所示,一群速率不同的一价离子从A.B两平行极板正中央水平射入偏转电场,离子的初速度为v0,A.B间电压为U,间距为d.C为竖直放置.并与A.B间隙正对的金属档板,屏MN足够大.若A.B极板长为L,C到极板的距离也为L,C的高为d.不考虑离子所受重力,元电荷为e.
(1)写出离子射出A、B板时的侧移距离y的表达式;
(2)求初动能范围是多少的离子才能打到屏MN上.。

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