专题提升(15) 巧用旋转进行证明与计算

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沪科版九年级数学下册-解题技巧专题:巧用旋转进行计算或证明

沪科版九年级数学下册-解题技巧专题:巧用旋转进行计算或证明

解题技巧专题:巧用旋转进行计算或证明——体会旋转中常见解题技巧◆类型一利用旋转结合等腰(边)三角形、垂直、平行的性质求角度1.(2016·合肥校级模拟)如图,将△ABC绕点A逆时针旋转一定角度,得到△ADE,若∠CAE=65°,∠E=70°,且AD⊥BC于点F,则∠BAC的度数为()A.60°B.85°C.75°D.90°第1题图第2题图第3题图2.(2016·株洲中考)如图,在△ABC中,∠ACB=90°,∠B=50°,将此三角形绕点C 沿顺时针方向旋转后得到△A′B′C.若点B′恰好落在线段AB上,AC、A′B′交于点O,则∠COA′的度数是()A.50°B.60°C.70°D.80°3.如图,△ABC为钝角三角形,将△ABC绕点A按逆时针方向旋转120°得到△AB′C′,连接BB′,若AC′∥BB′,则∠CAB′的度数为________.4.如图,P是正三角形ABC内的一点,且P A=5,PB=12,PC=13,若将△P AC绕点A逆时针旋转后,得到△P′AB,求点P与点P′之间的距离及∠APB的度数.◆类型二利用旋转结合特殊三角形判定、性质或勾股定理求长度或证明5.如图,△ABC为等腰直角三角形,∠ACB=90°,将△ABC绕点A逆时针旋转75°,得到△AB′C′,过点B′作B′D⊥CA,交CA的延长线于点D,若AC=6,则AD的长为() A.2 B.3 C.2 3 D.3 26.如图,Rt△ABC中,∠ABC=90°,AB=BC=2,将△ABC绕点C逆时针旋转60°,得到△MNC,连接BM,那么BM的长是________.7.(2016·娄底中考)如图,将等腰△ABC绕顶点B逆时针方向旋转α度到△A1BC1的位置,AB与A1C1相交于点D,AC与A1C1,BC1分别交于点E,F.(1)求证:△BCF≌△BA1D;(2)当∠C=α度时,判定四边形A1BCE的形状,并说明理由.◆类型三利用旋转计算面积8.如图,边长为1的两个正方形互相重合,按住其中一个不动,将另一个绕顶点A顺时针旋转,则这两个正方形重叠部分的面积是()A.2-1B.2+1C. 2D. 3第8题图第9题图9.如图,在等边△ABC内有一点D,AD=5,BD=6,CD=4,将△ABD绕A点逆时针旋转,使AB与AC重合,点D旋转至点E,则△DCE的面积为________.【方法3】参考答案与解析1.B 解析:∵△ABC 绕点A 逆时针旋转得到△ADE ,∴∠C =∠E =70°,∠BAC =∠DAE .∵AD ⊥BC ,∴∠AFC =90°,∴∠CAF =90°-∠C =90°-70°=20°,∴∠DAE =∠CAF +∠EAC =20°+65°=85°,∴∠BAC =∠DAE =85°.2.B3.90° 解析:∵将△ABC 绕点A 按逆时针方向旋转120°得到△AB ′C ′,∴∠BAB ′=∠CAC ′=120°,AB =AB ′,∴∠AB ′B =12(180°-120°)=30°.∵AC ′∥BB ′,∴∠C ′AB ′=∠AB ′B =30°,∴∠CAB ′=∠CAC ′-∠C ′AB ′=120°-30°=90°.4.解:连接PP ′.∵△ABC 为等边三角形,∴AB =AC ,∠BAC =60°.∵△P AC 绕点A 逆时针旋转后,得到△P ′AB ,∴∠P ′AP =∠BAC =60°,AP ′=AP ,BP ′=CP =13,∴△AP ′P 为等边三角形,∴PP ′=AP =5,∠APP ′=60°.在△BPP ′中,∵PP ′=5,BP =12,BP ′=13,∴PP ′2+BP 2=BP ′2,∴△BPP ′为直角三角形,∠BPP ′=90°,∴∠APB =∠APP ′+∠BPP ′=60°+90°=150°.即点P 与点P ′之间的距离为5,∠APB 的度数为150°.5.D 解析:在Rt △ABC 中,AB =AC 2+BC 2=62+62=62,则AB ′=AB =6 2.在Rt △B ′AD 中,∠B ′AD =180°-∠BAC -∠BAB ′=180°-45°-75°=60°.则AD =AB ′·cos ∠B ′AD =62×12=3 2. 6.2+6 解析:连接AM ,由题意,得CA =CM ,∠ACM =60°,∴△ACM 为等边三角形,∴AM =CM ,∠MAC =∠MCA =∠AMC =60°.∵∠ABC =90°,AB =BC =2,∴AC =CM =2 2.∵AB =BC ,CM =AM ,∴BM 垂直平分AC ,∴BO =12AC =2,OM =CM ·sin60°=6,∴BM =BO +OM =2+ 6.7.(1)证明:∵△ABC 是等腰三角形,∴AB =BC ,∠A =∠C .∵将等腰△ABC 绕顶点B 逆时针方向旋转α度到△A 1BC 1的位置,∴A 1B =AB =BC ,∠A =∠A 1=∠C ,∠A 1BD =∠CBC 1.在△BCF 与△BA 1D 中,⎩⎪⎨⎪⎧∠A 1=∠C ,A 1B =BC ,∠A 1BD =∠CBF ,∴△BCF ≌△BA 1D ; (2)解:四边形A 1BCE 是菱形.理由如下:∵将等腰△ABC 绕顶点B 逆时针方向旋转α度到△A 1BC 1的位置,∴∠A 1=∠A .∵∠ADE =∠A 1DB ,∴∠AED =∠A 1BD =α,∴∠DEC =180°-α.∵∠C =α,∴∠A 1=α,∴∠A 1BC =360°-∠A 1-∠C -∠A 1EC =180°-α,∴∠A 1=∠C ,∠A 1BC =∠A 1EC ,∴四边形A 1BCE 是平行四边形.∵A 1B =BC ,∴四边形A 1BCE 是菱形.8.A 解析:连接AE ,∵四边形ABCD 为正方形,∴AB =BC =1,且∠B =90°,∠D ′CE =45°,由勾股定理得AC =12+12= 2.由题意,得AD ′=AB =1,∠AD ′E =90°,∴D ′C =2-1,∠D ′EC =∠D ′CE =45°,∴D ′E =D ′C =2-1,∴S △D ′EC =12(2-1)2=32-2,∴S 阴影=S △ABC -S △D ′EC =12×1×1-⎝⎛⎭⎫32-2=2-1. 9.1547 解析:由旋转的性质得△ACE ≌△ABD ,∴AE =AD =5,CE =BD =6,∠DAE =60°,∴DE =5.作EH ⊥CD 垂足为H .设DH =x .由勾股定理得EH 2=CE 2-CH 2=DE 2-DH 2,即62-(4-x )2=52-x 2,解得x =58,∴DH =58.由勾股定理得EH =DE 2-DH 2=52-⎝⎛⎭⎫582=1587,∴△DCE 的面积=12CD ·EH =1547.。

沪科版九年级数学下册第二十四章《巧用旋转进行计算或证明》优课件

沪科版九年级数学下册第二十四章《巧用旋转进行计算或证明》优课件

4.如图,将矩形 ABCD 绕点 A 顺时针旋转到矩形 AB′C′D′的位置,旋转角为 α(0°<α<90°),若 ∠1=110°,则∠α=__20°__.
5.(2015·梧州)如图,在△ABC 中,∠A=70°,AC= BC,以点 B 为旋转中心把△ABC 按顺时针旋转α度,得到 △A′BC′,点 A′恰好落在 AC 上,连接 CC′,求∠ACC′的度 数.
11.如图,在四边形 ABCD 中,AB⊥AD,CD⊥AD,将 BC 按 逆时针方向绕点 B 旋转 90°得到线段 BE,连接 AE.若 AB= 2,DC=4,求△ABE 的面积.
解:过点 B 作 BG⊥DC 于点 G,过点 E 作 EF⊥AB 与 AB 的延长线交于点 F,∵∠BAD=∠D=∠DGB=90°, ∴四边形 ABGD 是矩形,∴DG=AB=2,∴CG=DC-DG =4-2=2,∵∠CBG+∠CBF=90°,∴∠EBF+∠CBF =90°,∴∠CBG=∠EBF,在△BCG 与△BEF 中,∠ CBG = ∠ EBF , ∠ CGB = ∠EFB = 90 ° , BC = BE , ∴ △ BCG≌△BEF,∴CG=EF=2,∴S△ABE=12AB·EF=2
+∠FAB=180°,∴AF∥BP,∴∠F、∠FPC=60°,∴∠
FPC=∠B=60°,∴AB∥FP,∴四边形 ABPF 是平行四边
形,又∵AB=AF,∴平行四边形 ABPF 是菱形
13.将一副三角尺(在 Rt△ABC 中,∠ACB=90°,∠B =60°;在 Rt△DEF 中,∠EDF=90°,∠E=45°)如图① 摆放,点 D 为 AB 的中点,DE 交 AC 于点 P,DF 经过点 C.
解:(1)证明:由旋转可知,AB=AF,∠BAM=∠FAN,

沪科版九级数学下册练习:解题技巧专题:巧用旋转进行计算或证明

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沪科版九级数学下册练习:解题技巧专题:巧用旋转进行计算或证明——体会旋转中常见解题技巧◆类型一利用旋转结合等腰(边)三角形、垂直、平行的性质求角度1.(2016·合肥校级模拟)如图,将△ABC绕点A逆时针旋转一定角度,得到△ADE,若∠CAE=65°,∠E=70°,且AD⊥BC于点F,则∠BAC的度数为() A.60° B.85° C.75° D.90°第1题图第2题图第3题图2.(2016·株洲中考)如图,在△ABC中,∠ACB=90°,∠B=50°,将此三角形绕点C沿顺时针方向旋转后得到△A′B′C.若点B′恰好落在线段AB上,AC、A′B′交于点O,则∠COA′的度数是()A.50° B.60° C.70° D.80°3.如图,△ABC为钝角三角形,将△ABC绕点A按逆时针方向旋转120°得到△AB′C′,连接BB′,若AC′∥BB′,则∠CAB′的度数为________.4.如图,P是正三角形ABC内的一点,且PA=5,PB=12,PC=13,若将△PAC 绕点A逆时针旋转后,得到△P′AB,求点P与点P′之间的距离及∠APB的度数.◆类型二利用旋转结合特殊三角形判定、性质或勾股定理求长度或证明5.如图,△ABC为等腰直角三角形,∠ACB=90°,将△ABC绕点A逆时针旋转75°,得到△AB′C′,过点B′作B′D⊥CA,交CA的延长线于点D,若AC=6,则AD的长为()A.2 B.3 C.2D.326.如图,Rt△ABC中,∠ABC=90°,AB=BC=2,将△ABC绕点C逆时针旋转60°,得到△MNC,连接BM,那么BM的长是________.7.(2016·娄底中考)如图,将等腰△ABC绕顶点B逆时针方向旋转α度到△A1BC1的位置,AB与A1C1相交于点D,AC与A1C1,BC1分别交于点E,F.(1)求证:△BCF≌△BA1D;(2)当∠C=α度时,判定四边形A1BCE的形状,并说明理由.◆类型三利用旋转计算面积8.如图,边长为1的两个正方形互相重合,按住其中一个不动,将另一个绕顶点A顺时针旋转,则这两个正方形重叠部分的面积是()A.-1B.+1C.D.3第8题图第9题图9.如图,在等边△ABC内有一点D,AD=5,BD=6,CD=4,将△ABD绕A点逆时针旋转,使AB与AC重合,点D旋转至点E,则△DCE的面积为________.【方法3】参考答案与解析1.B 解析:∵△ABC绕点A逆时针旋转得到△ADE,∴∠C=∠E=70°,∠BAC =∠DAE.∵AD⊥BC,∴∠AFC=90°,∴∠CAF=90°-∠C=90°-70°=20°,∴∠DAE=∠CAF+∠EAC=20°+65°=85°,∴∠BAC=∠DAE=85°.2.B3.90°解析:∵将△ABC绕点A按逆时针方向旋转120°得到△AB′C′,∴∠BAB′=∠CAC′=120°,AB=AB′,∴∠AB′B=(180°-120°)=30°.∵AC′∥BB′,∴∠C′AB′=∠AB′B=30°,∴∠CAB′=∠CAC′-∠C′AB′=120°-30°=90°.4.解:连接PP′.∵△ABC为等边三角形,∴AB=AC,∠BAC=60°.∵△PAC绕。

专题提升(15) 巧用旋转进行证明与计算

专题提升(15) 巧用旋转进行证明与计算

∴PP′=2 2,∠BPP′=45°.
又∵AP′=CP=3,AP=1,
∴AP2+P′P2=1+8=9=P′A2. ∴∠APP′=90°.∴∠APB=45°+90°=135°.
中考变形 3 答图①
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【类比探究】
解:如答图②,将△PBC 绕点 B 逆时针旋转 90°,得到△BP′A,连接 PP′.
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(3)解:OP=2.证明:如答图②,过点 P 作 PK⊥OA 于点 K,过点 N 作 NF⊥OB
于点 F. ∵∠OMP=∠OPN,
∴∠PMK=∠NPF.
在△NPF 和△PMK 中,
∠ ∠NNFPFP= =∠ ∠PPMKMK, =90°, NP=PM,
中考变形 2 答图②
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∴△NPF≌△PMK(AAS). ∴PF=MK,∠PNF=∠MPK,NF=PK. 又∵ON=PQ, ∴在 Rt△NOF 和 Rt△PQK 中, NO=PQ, NF=PK, ∴Rt△NOF≌Rt△PQK(HL).
全 效学 习
中考学练测·数学[人教]
第二部分 第十二章 专题提升(十五)
第二部分 图形与几何
第十二章 图形变换 专题提升(十五) 巧用旋转进行证明与计算
(人教版九上 P63 习题第 10 题) 如图,△ABD,△AEC 都是等边三角形.BE 与 DC 有什么关系?你能用旋转的性 质说明上述关系成立的理由吗?
∵PB=P′B=1,∠P′BP=90°,
∴PP′= 2,∠BPP′=45°.
又∵AP′=CP= 11,AP=3,
∴AP2+P′P2=9+2=11=P′A2. ∴∠APP′=90°.∴∠APB=90°-45°=45°.

专题15 巧用旋转进行证明与计算-押题2018年中考数学之提升解题能力训练精品(解析版)

专题15 巧用旋转进行证明与计算-押题2018年中考数学之提升解题能力训练精品(解析版)

押题2018年中考数学之提升解题能力训练专题15 巧用旋转进行证明与计算【母题重现】(2017山东省潍坊市第24题)边长为6的等边△ABC中,点D、E分别在AC、BC边上,DE∥AB,EC=(1)如图1,将△DEC沿射线方向平移,得到△D′E′C′,边D′E′与AC的交点为M,边C′D′与∠ACC′的角平分线交于点N,当CC′多大时,四边形MCND′为菱形?并说明理由.(2)如图2,将△DEC绕点C旋转∠α(0°<α<360°),得到△D′E′C,连接AD′、BE′.边D′E′的中点为P.①在旋转过程中,AD′和BE′有怎样的数量关系?并说明理由;②连接AP,当AP最大时,求AD′的值.(结果保留根号)【解析】【分析】(1)先判断出四边形MCND'为平行四边形,再由菱形的性质得出CN=CM,即可求出CC';(2)①分两种情况,利用旋转的性质,即可判断出△ACD≌△BCE'即可得出结论;②先判断出点A,C,P三点共线,先求出CP,AP,最后用勾股定理即可得出结论.点睛:此题是四边形综合题,主要考查了平行四边形的判定和性质,菱形的性质,平移和旋转的性质,等边三角形的判定和性质,勾股定理,解(1)的关键是四边形MCND'是平行四边形,解(2)的关键是判断出点A,C,P三点共线时,AP最大.考点:四边形综合题;平移的性质;旋转的性质;最值问题;探究型;压轴题.【方法】旋转前、后的图形全等,所以借此可以在较复杂的图形中发现等量(或全等)关系,或通过旋转(割补)图形,把分散的已知量聚合起来,便于打通解题思路,找到解题突破口.【中考回顾】(2017山东德州市第11题)如图放置的两个正方形,大正方形ABCD边长为a,小正方形CEFG边长为b(a >b),M在边BC上,且BM=b,连AM,MF,MF交CG于点P,将△ABM绕点A旋转至△ADN,将△MEF绕点F旋转至△NGF。

2020届中考数学总复习课件:微专题十五 巧用旋转进行证明与计算 (共29张PPT)

2020届中考数学总复习课件:微专题十五 巧用旋转进行证明与计算 (共29张PPT)

(2)MN2=ND2+DH2.理由如下: 由旋转可知,∠BAM=∠DAH, ∵∠BAM+∠DAN=45°, ∴∠HAN=∠DAH+∠DAN=45°. ∴∠HAN=∠MAN. 在△AMN 与△AHN 中,A∠MM=AANH=,∠HAN,
AN=AN,
∴△AMN≌△AHN(SAS),∴MN=HN. ∵∠BAD=90°,AB=AD, ∴∠B=∠ADB=45°, ∴∠HDN=∠HDA+∠ADB=90°, ∴NH2=ND2+DH2,∴MN2=ND2+DH2;
(3)如答图①,∵∠AEB=∠ACB=90°, ∴A,B,C,E 四点共圆, ∴∠CEB=∠CAB=30°,∠ABD=∠ACE, ∵∠DAE=∠BAC=30°,∴∠BAD=∠CAE, ∴△BAD∽△CAE,∴BEDC=AACB=cos30°= 23, ∴EC= 23BD, 在 Rt△ABE 中,∵AB=5,AE=3,
∴PP′2+P′D2=PD2,∴∠PP′D=90°,
中考变形4答图
∴∠AP′D=∠AP′P+∠PP′D=45°+90°=135°,
∴∠APB=∠AP′D=135°. ∵∠APB+∠AP′P=135°+45°=180°, ∴P′,P,B 三点共线. 过点 A 作 AE⊥PP′于点 E,则 AE=PE=12PP′=2, ∴BE=PE+PB=2+1=3, 在 Rt△ABE 中,AB= AE2+BE2= 22+32= 13.
3.如图 Z15-4,已知 AC⊥BC,垂足为 C,AC=4,BC=3 3,将线段 AC 绕点 A 按 逆时针方向旋转 60°,得到线段 AD,连结 DC,DB. (1)线段 DC=__4__; (2)求线段 DB 的长度.
图 Z15-4
解:(1)∵AC=AD,∠CAD=60°, ∴△ACD 是等边三角形,∴DC=AC=4; (2)如答图,作 DE⊥BC 于点 E. ∵△ACD 是等边三角形, ∴∠ACD=60°,又∵AC⊥BC, ∴∠DCE=∠ACB-∠ACD=90°-60°=30°. 在 Rt△CDE 中,DE=12DC=2,CE= 23DC=2 3, ∴BE=BC-CE=3 3-2 3= 3. 在 Rt△BDE 中,BD= DE2+BE2= 22+( 3)2= 7.

解题技巧专题:巧用旋转进行计算或证明

解题技巧专题:巧用旋转进行计算或证明

解题技巧专题:巧用旋转进行计算或证明——体会旋转中常见解题技巧◆类型一利用旋转结合等腰(边)三角形、垂直、平行的性质求角度1.(2016·合肥校级模拟)如图,将△ABC绕点A逆时针旋转一定角度,得到△ADE,若∠CAE=65°,∠E=70°,且AD⊥BC于点F,则∠BAC的度数为()A.60°B.85°C.75°D.90°第1题图第2题图第3题图2.(2016·株洲中考)如图,在△ABC中,∠ACB=90°,∠B=50°,将此三角形绕点C 沿顺时针方向旋转后得到△A′B′C.若点B′恰好落在线段AB上,AC、A′B′交于点O,则∠COA′的度数是()A.50°B.60°C.70°D.80°3.如图,△ABC为钝角三角形,将△ABC绕点A按逆时针方向旋转120°得到△AB′C′,连接BB′,若AC′∥BB′,则∠CAB′的度数为________.4.如图,P是正三角形ABC内的一点,且P A=5,PB=12,PC=13,若将△P AC绕点A逆时针旋转后,得到△P′AB,求点P与点P′之间的距离及∠APB的度数.◆类型二利用旋转结合特殊三角形判定、性质或勾股定理求长度或证明5.如图,△ABC为等腰直角三角形,∠ACB=90°,将△ABC绕点A逆时针旋转75°,得到△AB′C′,过点B′作B′D⊥CA,交CA的延长线于点D,若AC=6,则AD的长为() A.2 B.3 C.2 3 D.3 26.如图,Rt△ABC中,∠ABC=90°,AB=BC=2,将△ABC绕点C逆时针旋转60°,得到△MNC,连接BM,那么BM的长是________.7.(2016·娄底中考)如图,将等腰△ABC绕顶点B逆时针方向旋转α度到△A1BC1的位置,AB与A1C1相交于点D,AC与A1C1,BC1分别交于点E,F.(1)求证:△BCF≌△BA1D;(2)当∠C=α度时,判定四边形A1BCE的形状,并说明理由.◆类型三利用旋转计算面积8.如图,边长为1的两个正方形互相重合,按住其中一个不动,将另一个绕顶点A顺时针旋转,则这两个正方形重叠部分的面积是()A.2-1B.2+1C. 2D. 3第8题图第9题图9.如图,在等边△ABC内有一点D,AD=5,BD=6,CD=4,将△ABD绕A点逆时针旋转,使AB与AC重合,点D旋转至点E,则△DCE的面积为________.【方法3】参考答案与解析1.B 解析:∵△ABC 绕点A 逆时针旋转得到△ADE ,∴∠C =∠E =70°,∠BAC =∠DAE .∵AD ⊥BC ,∴∠AFC =90°,∴∠CAF =90°-∠C =90°-70°=20°,∴∠DAE =∠CAF +∠EAC =20°+65°=85°,∴∠BAC =∠DAE =85°.2.B3.90° 解析:∵将△ABC 绕点A 按逆时针方向旋转120°得到△AB ′C ′,∴∠BAB ′=∠CAC ′=120°,AB =AB ′,∴∠AB ′B =12(180°-120°)=30°.∵AC ′∥BB ′,∴∠C ′AB ′=∠AB ′B =30°,∴∠CAB ′=∠CAC ′-∠C ′AB ′=120°-30°=90°.4.解:连接PP ′.∵△ABC 为等边三角形,∴AB =AC ,∠BAC =60°.∵△P AC 绕点A 逆时针旋转后,得到△P ′AB ,∴∠P ′AP =∠BAC =60°,AP ′=AP ,BP ′=CP =13,∴△AP ′P 为等边三角形,∴PP ′=AP =5,∠APP ′=60°.在△BPP ′中,∵PP ′=5,BP =12,BP ′=13,∴PP ′2+BP 2=BP ′2,∴△BPP ′为直角三角形,∠BPP ′=90°,∴∠APB =∠APP ′+∠BPP ′=60°+90°=150°.即点P 与点P ′之间的距离为5,∠APB 的度数为150°.5.D 解析:在Rt △ABC 中,AB =AC 2+BC 2=62+62=62,则AB ′=AB =6 2.在Rt △B ′AD 中,∠B ′AD =180°-∠BAC -∠BAB ′=180°-45°-75°=60°.则AD =AB ′·cos ∠B ′AD =62×12=3 2. 6.2+6 解析:连接AM ,由题意,得CA =CM ,∠ACM =60°,∴△ACM 为等边三角形,∴AM =CM ,∠MAC =∠MCA =∠AMC =60°.∵∠ABC =90°,AB =BC =2,∴AC =CM =2 2.∵AB =BC ,CM =AM ,∴BM 垂直平分AC ,∴BO =12AC =2,OM =CM ·sin60°=6,∴BM =BO +OM =2+ 6.7.(1)证明:∵△ABC 是等腰三角形,∴AB =BC ,∠A =∠C .∵将等腰△ABC 绕顶点B 逆时针方向旋转α度到△A 1BC 1的位置,∴A 1B =AB =BC ,∠A =∠A 1=∠C ,∠A 1BD =∠CBC 1.在△BCF 与△BA 1D 中,⎩⎪⎨⎪⎧∠A 1=∠C ,A 1B =BC ,∠A 1BD =∠CBF ,∴△BCF ≌△BA 1D ; (2)解:四边形A 1BCE 是菱形.理由如下:∵将等腰△ABC 绕顶点B 逆时针方向旋转α度到△A 1BC 1的位置,∴∠A 1=∠A .∵∠ADE =∠A 1DB ,∴∠AED =∠A 1BD =α,∴∠DEC =180°-α.∵∠C =α,∴∠A 1=α,∴∠A 1BC =360°-∠A 1-∠C -∠A 1EC =180°-α,∴∠A 1=∠C ,∠A 1BC =∠A 1EC ,∴四边形A 1BCE 是平行四边形.∵A 1B =BC ,∴四边形A 1BCE 是菱形.8.A 解析:连接AE ,∵四边形ABCD 为正方形,∴AB =BC =1,且∠B =90°,∠D ′CE =45°,由勾股定理得AC =12+12= 2.由题意,得AD ′=AB =1,∠AD ′E =90°,∴D ′C =2-1,∠D ′EC =∠D ′CE =45°,∴D ′E =D ′C =2-1,∴S △D ′EC =12(2-1)2=32-2,∴S 阴影=S △ABC -S △D ′EC =12×1×1-⎝⎛⎭⎫32-2=2-1. 9.1547 解析:由旋转的性质得△ACE ≌△ABD ,∴AE =AD =5,CE =BD =6,∠DAE =60°,∴DE =5.作EH ⊥CD 垂足为H .设DH =x .由勾股定理得EH 2=CE 2-CH 2=DE 2-DH 2,即62-(4-x )2=52-x 2,解得x =58,∴DH =58.由勾股定理得EH =DE 2-DH 2=52-⎝⎛⎭⎫582=1587,∴△DCE 的面积=12CD ·EH =1547.。

2021年秋人教版九年级上学期数学作业课件:专题训练巧用旋转进行计算与证明

2021年秋人教版九年级上学期数学作业课件:专题训练巧用旋转进行计算与证明

交于点O,则∠COA′的度数是(
)
B
A.50° B.60° C.70° D.80°
4.如图所示,在正方形ABCD内有一点P,PA=1,PD=2,PC=3,求∠APD 的度数.
解:将三角形APD绕点D沿逆时针旋转90°到达△CDQ的位置;则∠PDQ=90°, QD=PD=2,QC=AP=1;由勾股定理得:PQ2=22+22=8;而CQ2=1,PC2= 32=9,∴PC2=PQ2+CQ2,∠PQC=90°,∵∠PQD=45°,∴∠CQD=135°, ∴∠APD=∠CQD=135°
2021年秋人教版九年级 上学期数学作业课件: 专题训练巧用旋转进行
计算与证明
2020/9/17
类型之一 通过旋转计算角度
1.如图,将△ABC绕点A逆时针旋转一定角度,得到△ADE.若∠CAE=65°,∠E
=70°,且AD⊥BC,∠BAC的度数为( )
C
A.60° B.75° C.85° D.90°
14.(莱芜中考)如图,△ABC为等腰三角形,AB=AC,D为△ABC内一点,连接 AD,将线段AD绕点A旋转至AE,使得∠DAE=∠BAC,F,G,H分别为BC,CD, DE的中点,连接BD,CE,GF,GH.
(1)求证:GH=GF; (2)试说明∠FGH与∠BAC互补.
类型之五 利用旋转进行证明 13.如图,在△ABC中,AB=AC.D是BC上一点,且AD=BD.将△ABD绕点A逆 时针旋转得到△ACE. (1)求证:AE∥BC; (2)连接DE,判断四边形ABDE的形状,并说明理由.
解:(1)证明:由旋转性质得∠BAD=∠CAE,∵AD=BD,∴∠B=∠BAD,∵AB= AC,∴∠B=∠DCA,∴∠CAE=∠DCA,∴AE∥BC (2)解:四边形ABDE是平行四 边形.理由:由旋转性质得AD=AE,∵AD=BD,∴AE=BD,又∵AE∥BC,∴四 边形ABDE是平行四边形
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∵BP=BQ,∠PBQ=60°,∴△BPQ 为等边三角形.∴∠PQB=60°.∴∠PQB= ∠QBC. ∴PQ∥AC,④正确.故选 D.
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2.[2019·北京]如图,已知∠AOB=30°,H 为射线 OA 上一定点,OH= 3+1,P 为射线 OB 上一点,M 为线段 OH 上一动点,连接 PM,满足∠OMP 为钝角,以 点 P 为中心,将线段 PM 顺时针旋转 150°,得到线段 PN,连接 ON. (1)依题意补全图; (2)求证:∠OMP=∠OPN; (3)点 M 关于点 H 的对称点为 Q,连接 QP.写出一个 OP 的值,使得对于任意的点 M 总有 ON=QP,并证明.
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解:方法一:∵△ABD 是等边三角形, ∴AB=AD,∠BAD=60°. 同理,AE=AC,∠EAC=60°. ∴以点 A 为旋转中心,将△ABE 顺时针旋转 60°就得到△ADC. ∴△ABE≌△ADC, ∴BE=DC.
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方法二:∵△ABD,△AEC 都是等边三角形, ∴AB=AD,AE=AC,∠BAD=∠EAC=60°. ∴∠CAD=∠CAB+∠BAD=∠CAB+∠EAC=∠EAB. ∴△CAD≌△EAB(SAS). ∴BE=DC. 【思想方法】 旋转前、后的图形全等,借此可以在较复杂的图形中发现等量(或 全等)关系,或通过旋转(割补)图形,把分散的已知量聚合起来,便于疏通解题思 路,找出解题突破口.
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3.[2018·烟台] 【问题解决】 一节数学课上,老师提出了一个这样问题:如图①,点 P 是正方形 ABCD 内一点, PA=1,PB=2,PC=3,你能求出∠APB 的度数吗?

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小明他通过观察、分析、思考,形成了如下思路: 思路一:将△PBC 绕点 B 逆时针旋转 90°,得到△BP′A,连接 PP′,求出∠APB 的度数; 思路二:将△APB 绕点 B 顺时针旋转 90°,得到△CP′B,连接 PP′,求出∠APB 的度数. 请参考小明的思路,任选一种写出完整的解答过程.
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【类比探究】 如图②,若点 P 是正方形 ABCD 外一点,PA=3,PB=1,PC= 11,求∠APB 的度数.

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【问题解决】
解:任选一种即可.思路一的解法如下:
如答图①,将△BPC 绕点 B 逆时针旋转 90°,得到△P′BA,连接 PP′.
∵PB=P′B=2,∠P′BP=90°,
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(3)解:OP=2.证明:如答图②,过点 P 作 PK⊥OA 于点 K,过点 N 作 NF⊥OB
于点 F. ∵∠OMP=∠OPN,
∴∠PMK=∠NPF.
在△NPF 和△PMK 中,
∠ ∠NNFPFP= =∠ ∠PPMKMK, =90°, NP=PM,
中考变形 2 答图②
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ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ
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1.[2020·中考预测]如图,点 A,B,C 在一条直线上,△ABD,△BCE 均为等边
三角形,连接 AE 和 CD,AE 分别交 CD,BD 于点 M,P,CD 交 BE 于点 Q,连
接 PQ,BM,有以下结论: ①△ABE≌△DBC;②∠DMA=60°;
③△BPQ 为等边三角形;④PQ∥AC.
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∵点 M 与点 Q 关于点 H 对称, ∴MH=HQ. ∴KQ=KH+HQ = 3+1- 3x+ 3+1- 3x+y =2 3+2-2 3x+y. 又∵KQ=OF, ∴2 3+2-2 3x+y=2x+y.
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∴2 3+2=x2+2 3. ∴x=1,即 PK=1. 又∵∠POA=30°, ∴OP=2.
∴PP′=2 2,∠BPP′=45°.
又∵AP′=CP=3,AP=1,
∴AP2+P′P2=1+8=9=P′A2. ∴∠APP′=90°.∴∠APB=45°+90°=135°.
中考变形 3 答图①
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【类比探究】
解:如答图②,将△PBC 绕点 B 逆时针旋转 90°,得到△BP′A,连接 PP′.
其中结论正确的有( D )
A.1 个
B.2 个
C.3 个
D.4 个
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【解析】 由等边三角形的性质得出 AB=DB,∠ABD=∠CBE=60°,BE=BC, ∠ABE=∠DBC,由 SAS 即可证出△ABE≌△DBC,①正确; 由△ABE≌△DBC,得出∠BAE=∠BDC,根据三角形外角的性质得出∠DMA= 60°,②正确; 由 ASA 证明△ABP≌△DBQ,得出 BP=BQ,即可得出△BPQ 为等边三角形,③ 正确;
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∴△NPF≌△PMK(AAS). ∴PF=MK,∠PNF=∠MPK,NF=PK. 又∵ON=PQ, ∴在 Rt△NOF 和 Rt△PQK 中, NO=PQ, NF=PK, ∴Rt△NOF≌Rt△PQK(HL).
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∴QK=OF. 设 MK=y,PK=x, ∵∠POA=30°,PK⊥OQ, ∴OP=2x, ∴OK= 3x,OM= 3x-y, ∴OF=OP+PF=2x+y, MH=OH-OM= 3+1- 3x-y, KH=OH-OK= 3+1- 3x.
∵PB=P′B=1,∠P′BP=90°,
∴PP′= 2,∠BPP′=45°.
又∵AP′=CP= 11,AP=3,
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(1)解:如答图①.
中考变形 2 答图①
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(2)证明:∵∠AOB=30°, ∴在△OPM 中,∠OMP=180°-∠POM-∠OPM=150°-∠OPM. 又∵∠MPN=150°, ∴∠OPN=∠MPN-∠OPM=150°-∠OPM, ∴∠OMP=∠OPN.
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全 效学 习
中考学练测·数学[人教]
第二部分 第十二章 专题提升(十五)
第二部分 图形与几何
第十二章 图形变换 专题提升(十五) 巧用旋转进行证明与计算
(人教版九上 P63 习题第 10 题) 如图,△ABD,△AEC 都是等边三角形.BE 与 DC 有什么关系?你能用旋转的性 质说明上述关系成立的理由吗?
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