Chapter07.1-3函数可积性(习题课)
可积的充分且必要条件精品PPT课件
i [ xi1 , xi ], i 1, 2,
,n
i1
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的一个上界.
0, 由于 Mi sup f ( x) x [ xi1, xi ] , 因此
i [ xi1, xi ], 使
于是
f
(i )
Mi
ba
.
n
i 1
f (i )xi
n
(Mi
i 1
b
a
)xi
n i 1
M i xi
||T || 0
因此, 0 , 0 , 当 || T || 时, 就有 S(T ) s(T ) .
(充分性) 若 T , 使 S(T ) s(T ) , 则
0 S s S(T ) s(T ) . 由 的任意性, 必有 S s. 依据可积的第一充要条
件, 证得 f ( x) 可积.
积.
证 0, 0, 因 f 在 [a,b] 上连续,从而一致连 续, 故 0 , x, x[a,b], | x x | 时, 必有
| f ( x) f ( x) | .
又因 在 [ , ] 上可积,故对上述 , , 存在 [ , ]
上的分割
T
,
使
k
的所有小区间
Δ
k
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二、可积的充要条件
定理9.15 ( 可积的第一充要条件 ) f 在 [a, b] 上可积的充要条件是: f 在 [a, b] 上的上
积分与下积分相等, 即 S s.
证 (必要性) 设 f 在 [a,b] 上可积, 0 , 0 ,
当 || T || 时, 有
n
f (i ) xi J ,
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n
i 1
讲函数可积条件
第23讲 可积条件及可积函数类讲授内容一、可积的必要条件定理9.2 若函数f 在[]b a ,上可积,则f 在[]b a ,上必定有界.证:用反证法.若f 在[]b a ,上无界,则对于[]b a ,的任一分割T ,必存在属于T 的某个小区间k k x f x ∆∆在,上无界.在k i ≠各个小区间i ∆上任意取定i ξ,并记().iki ix f G ∆=∑≠ξ现对任意大的正数M ,由于f 在k ∆上无界,故存在k k ∆∈ξ,使得().kk x GM f ∆+>ξ 于是有()()()i ki i k k i ni i x f x f x f ∆-∆≥∆∑∑≠=ξξξ1M G x x GM k k=-∆⋅∆+φ由此可见,对于无论多小的T ,按上述方法选取点集{}i ξ时,总能使积分和的绝对值大于任何预先给出的正数,这与f 在[]b a ,上可积相矛盾.例1 (有界函数不一定可积)证明狄利克雷函数()⎩⎨⎧=x x x D ,0,1为无理数为有理数,在[]10,上有界但不可积. 证:显然()[].1,0,1∈≤x x D ,对于[]10,的任一分割T ,由有理数和无理数在实数中的稠密性,在属于T 的任一小区间i ∆上,当取i ξ全为有理数时,()111=∆=∆∑∑==ni i i n i i x x D ξ;当取i ξ全为无理数时,()01=∆∑=ini ixD ξ.所以不论T 多么小,只要点集{}i ξ取法不同(全取有理数或全取无理数),积分和有不同极限,即()x D 在[]10,上不可积.由此可见,有界是可积的必要条件.以后讨论函数的可积性时,总是假设函数是有界的.二、可积的充要条件要判断一个函数是否可积,固然可以根据定义,直接考察积分和是否能无限接近某一常数,但由于积分和的复杂性和那个常数不易预知,因此这是极其困难的.下面即将给出的可积准则只与被积函数本身有关,而不涉及定积分的值.设{}n i T i ,,2,1Λ=∆=为对[]b a ,的任一分割.由f 在[]b a ,上有界,它在每个i ∆上存在上、下确界:()().,,2,1,inf ,sup n i x f m x f M iix i x i Λ===∆∈∆∈作和()(),,11i n i ni i i i x m T s x M T S ∆=∆=∑∑==分别称为f 关于分割T 的上和与下和(或称达布上和与达布下和,统称达布和).任给,,,2,1,n i i i Λ=∆∈ξ,显然有()()().1∑=≤∆≤ni i i T S x f T s ξ 与积分和相比较,达布和只与分割T 有关,而与点集{}i ξ无关.通过讨论上和与下和当0→T 时的极限来揭示f 在[]b a ,上是否可积.所以,可积性理论总是从讨论上和与下和的性质入手的.定理9.3 (可积准则) 函数f 在[]b a ,上可积的充要条件是:任给0>ε,总存在相应的一个分割T ,使得()()ε<-T s T S设i i i m M -=ω称为f 在i ∆上的振幅,有必要时也记为fi ω。
苏教版高中数学必修一学同步导学第课函数的简单性质习题课
第18课 函数的简单性质·习题课【新知导读】1.下列函数中,在其定义域内,既是奇函数,又是增函数的是( )A .y =B .y x =-C .3y x =D .21y x =+2.已知函数32)1()(2++-=mx x m x f 为偶函数,则()f x 在区间()5,2--上是( )。
A .增函数B .减函数C .先递增后递减D .先递减后递增3.函数1y x=的单调递减区间是 ____ . 【范例点睛】例1 已知函数cbx ax x f ++=1)(2是奇函数,且2)1(=f ,25)2(=f 求(1)函数)(x f 的表达式 (2)当x >0时,讨论函数)(x f 的单调性,并证明。
思路点拨 要求函数)(x f 的表达式,就是要求a,b,c 的值,应建立与之对应的方程。
函数的单调性的确定可以通过定义解决。
,例2 已知奇函数)(x f y =在定义域(-2,2)上单调递减,求满足)23()1(x f x f -≤-的x 的集合.思路点拨 根据条件寻求关于x 的不等式(组)是解题的关键.【随堂演练】1.函数2612y x x =++在区间(-5,5)上是( )A.递减函数 B.递增函数C.先递增后递减 D.先递减后递增2.设偶函数()f x 在(),0-∞上单调递增,对于任意的120,0x x <>有12||||x x <,则有( )A .12()()f x f x ->-B .12()()f x f x -<-C .12()()f x f x -->-D .12()()f x f x --<-3.若奇函数()f x 在区间[3,7]上是增函数, 且最小值为5, 那么()f x 在区间[-7, -3]上是( )A .增函数且最小值为-5B .增函数且最大值为-5C .减函数且最小值为-5D .减函数且最大值为-54.函数()||4f x x x x =+是( )A .偶函数且在()2,2-上递增B .奇函数且在()2,2-上递减C .偶函数且在()2,2-上递减D .奇函数且在()2,2-上递增5.已知函数()f x 是定义在R 上的奇函数,当0x <时,2()2f x x x =-,则(1)f = 。
函数可积性
s(T2 ) s(T1 ) [mk ( x xk1 ) mk( xk x)] mk ( xk xk1 )
[Mk ( x xk1 ) Mk ( xk x)]
记作:
积分上限
b
n
a
f ( x)dx
lim
0 k 1
f (k ) xk
积分下限
定积分是 :
[a, b] 称为积分区间
积分和式的极限
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4
b
[例如] 曲边梯形的面积 A f ( x)dx a b 变速直线运动的路程 s v(t)dt a 定积分的“ ”定义:
1 D( x) 0
x为 有 理 数 x为 无 理 数
在[0, 1]上 不 可 积
[证]
任给[0,
1]的一个划
分xk
n k0
任 取k [ xk1 , xk ]是 有 理 数 (k 1,, n)
n
n
n
D(k )xk
k 1
xk
k 1
1
lim
0
作业
P44习题2.1: 2. 4. 8. P54习题2.2: 8. 9.
复习:P37—53 预习:P54—60
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第五讲 函数可积性
一、定积分的概念 二、可积性条件与可积类
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一、定积分的概念
黎曼积分定义:
设 函 数 f : [a, b] R, 对 区 间[a, b]
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【精品】第7章定积分习题课
第七章定积分习题课一、主要内容1、可积性的判断重点掌握:1个定义、三个充要条件一个定义指的是定积分的定义,要深刻理解定积分的定义,掌握定义的灵活应用,掌握利用定义证明简单函数的可积性,掌握定义中的两个任意性(分割和点的选取)的应用,即在已知函数可积的条件下,可在定义中取特殊的分割和特殊的分点,从而求解一个和式的极限得到定积分。
三个充要条件指的是判断函数可积的三个充分必要条件,第一充要条件通常用来处理简单的特殊的具体函数的可积性,因为只有这样的函数才容易计算其上下和;常用的是第二充要条件:将可积性的证明转化为分割关系和振幅关系的讨论;当讨论的函数涉及到连续点的结构或不连续点的分布时,用第二个充要条件。
定义和三个条件都是函数可积的充分必要条件,但是,这4个条件使用的对象不同,定义给出的条件既是定性的又是定量的,更侧重于定量方面,通常涉及到定积分量的方面时,要首先考虑用定义处理;第一充分必要条件既是定性条件,又是定量条件,但是,它大多用于简单特殊的具体函数的不可积性的论证;第二充要条件是定性条件,只能用于判断函数的可积性,且侧重于研究好函数的可积性,但对相应的定积分值没有任何信息;第三充分必要条件也是定性的,它侧重于研究较差的函数的可积性,特别涉及到连续点的结构时,通常用第三充分必要条件。
2、不可积的判断常用的方法有:定义法――通过选取不同的特殊分割和分点,使得对应的和式极限或不存在或不相同;Darboux和法――利用Darboux上下和极限的不同得到不可积性。
3、定积分的性质要掌握利用定积分的性质研究各种定积分问题。
4、变限积分函数的性质变限积分函数给出了一类新的函数形式,引入了一类新函数,要求掌握这类函数的运算和性质。
5、定积分的计算掌握定积分计算的各种方法和技巧,包括:基本公式――转化为不定积分的计算,因而,可使用不定积分计算的相应技巧和方法;特殊结构的特殊处理方法。
如被积函数为奇偶函数或具有周期性质时。
人教版必修一:函数性质的综合习题课教师版
人教版必修一:函数性质的综合习题课教师版讲义编号_所以221212k k b b ⎧⎧==-⎪⎪⎨⎨=-=+⎪⎪⎩⎩或即()212()212f x x f x x =+-=-++或者函数()f x 定义域为(1,)+∞,且1()2()1f x f x x=-,求()f x 的表达式; 【解析】由得1()2()111()2()1f x f x x f f x xx ⎧=-⎪⎪⎨⎪=-⎪⎩解得21(),(1,)33f x x x =+∈+∞ 【变式训练2】函数()f x 满足()2()3,f x f x x -+=+求()f x 的表达式;【变式训练2解析】由得()2()3()2()3f x f x x f x f x x -+=+⎧⎨+-=-+⎩,解得()1f x x =+ 分段函数效果1、函数()f x =232,1,,1,x x x ax x +<⎧⎨+≥⎩假定((0))4f f a =,那么实数a =【解析】此题考察分段函数求函数值效果,(0)2((0))(2)4242f f f f a a a =∴==+=⇒=变式练习1、设函数2,0,()()4,0.x x f x f a x x -≤⎧==⎨>⎩若,那么实数a =〔 〕A 、-4或-2B 、-4或2C 、-2或4D 、-2或22、【解析】:此题考察分段函数的概念,考察函数的函数值求对应自变量的值,此题要分类讨论,即当2042,a a a >=⇒=时,044a a a ≤=⇒=-当时,-,应选B2、函数=221,1,,1,x x x ax x ⎧+<⎪⎨+≥⎪⎩,假定=4a ,那么实数a 等于 〔 〕 A 、 B 、 C 、 2 D 、 9 【解析】此题考察分段函数和复合函数的了解和运用。
(0)2,((0))4242f f f a a a =∴=+=⇒=,应选C函数的定义域效果1、求函数的定义域 0(1)()x f x x x +=-()f x ((0))f f 1245【命题意图】此题考察详细函数的定义域效果,考察一元二次不等式解法D.【命题意图】此题考察详细函数的定义域效果,考察一元二次不等式和一元一次不等式的解法【解析】由C2[,3]1,1] 21t-,函数取最小值为A、1B、2C、3D、4【解析】此题考察函数奇偶性的运用,此题可以应用奇偶性定义求解,也可以应用二次函数是偶函数的条件:m=2几种等价关系:1. 假设函数()y f x =在区间[],a b 上的图像是时断时续的一条曲线,并且有()()0f a f b ⋅<,那么,函数()y f x =在区间(),a b 内有零点,即存在(),c a b ∈,使得()0f c =,这个c 也就是方程()0f x =的根.1、求以下函数的零点:〔1〕2()32f x x x =-+ 〔2〕32()32f x x x x =-+解:〔1〕令()0f x =,………………………………………………………………………………令()0f x =得2320x x -+=,从而有 1,2x x ==.…………………………………………解方程()0f x =所以,函数的零点是1或2.……………………………………………………………………写出零点 〔2〕函数的零点是0,1或2.小结:求零点的步骤:(1)令()0f x =; (2)解方程()0f x =; (3)写出零点.2、判别以下四个图像中满足零点存在定理的哪些?解: (1)(2)是满足的;(1) 不满足,由于函数的图像不延续;〔4〕也不满足,在端点上的函数值符号不相反.3、定义在 R 上的奇函数()f x ,事先01x <≤,1()2,x f x -= 且事先1x >,有()(1)f x f x =-,求函数1()2y f x x =-〔0x >〕的零点个数. 解: 由()(1)f x f x =-得,事先1x >,函数()f x 具有周期性,且周期为1.由题意,作图如下:由图得,函数1()2y f x x =-共有3个零点. 【对复杂的函数,可以经过解方程直接算出;对普通的函数,可以经过零点定理〔留意关键字:至少存在一个〕判别零点的存在性;对复杂的函数或函数详细的零点个数的判别,常用数形结合的方法,便捷高效。
人教A版高中同步训练数学必修第一册精品课件 第3章 习题课一 函数的单调性与最大(小)值的简单应用
由①②可知,0<a<,
即所求 a 的取值范围是(0,).
规律总结
利用函数单调性解不等式的依据
(1)若y=f(x)在给定区间上单调递增,则当f(x1)<f(x2)时,x1<x2;当
f(x1)>f(x2)时,x1>x2.
(2)若y=f(x)在给定区间上单调递减,则当f(x1)<f(x2)时,x1>x2;当
内均单调递增.
上述方法叫做分离常数法.
+
【典型例题 3】函数 f(x)=
调递减区间是
的单调递增区间是
,单
.
答案:(-∞,-1],[1,+∞) [-1,(0,1]
解析:因为
+
f(x)= =x+,
所以 f(x)的定义域为{x|x≠0}.
当 x>0 时,设
0<x1<x2,f(x2)-f(x1)=x2+ -x1-
(1)求证:f(x)是R上的增函数;
(2)若f(4)=5,解不等式f(3m2-m-2)<3.
(1)证明:∀x1,x2∈R,且x1<x2,则x2-x1>0,∴f(x2-x1)>1.
∴f(x2)-f(x1)=f((x2-x1)+x1)-f(x1)=f(x2-x1)+f(x1)-1-f(x1)
=f(x2-x1)-1>0.
(2)利用单调性比较函数值的大小,务必将自变量x的值转化到
同一单调区间上才能进行比较,最后写结果时再还原回去.
【跟踪训练4】若函数f(x)的定义域为R,且在区间(0,+∞)内单
调递减,则下列不等式成立的是(
Chapter07.4-6定积分(习题课)
例6 设f C(2)[0, 1], 且f (0) = f (1) = 0, 又f (x) 不恒为0. 证明:
1 1 max f ( x) f ( x)dx x[0,1] 4 0
2011级期末试题
Ex.3 设f C(2)[2, 4], 且 f (3) = 0. 证明: [2, 4]使
1 x 3
六. 积分中值问题 常用方法:分部积分、变限积分、Darboux定理、
Taylor公式、常数K值法等等!
例5 设f C(2)[a, b], 证明: [a, b]使得
b a
f (a) f (b) (b a)3 f ( x)dx (b a) f ( ) 2 12
1 x
1
n
n2 n n2
1 dx 2e x
1
n
n2 n n
方法二: 利用积分第二中值定理
n2 n n2
1 1 n n2 n 1 1 1 1 x e x dx 2 e x dx e dx 2 n n x n n n
三. 按定义论证极限
1 0
R( x)dx 0,
但R(x)在[0, 1]上不存在原函数.
二. 积分中值定理
例4 (习题7.3/7(4), 7.6/1(2)) 利用积分中值定理, 证明
lim
n n2 n n2
1 1 e x dx 1. x
方法一: 利用积分第一中值定理
n2 n n2
1 e dx e x
x
4 2
f ( x)dx
1 f ( ) 3
提示: 将 F ( x) f (t )dt 在x = 3点Taylor展开. 3
北师版高中数学必修第一册课后习题 第2章函数 习题课——函数性质的综合应用
习题课——函数性质的综合应用课后训练巩固提升1.若函数f(x)是R上的偶函数,且在区间[0,+∞)上单调递增,则下列关系成立的是( ).A.f(-3)>f(0)>f(1)B.f(-3)>f(1)>f(0)C.f(1)>f(0)>f(-3)D.f(1)>f(-3)>f(0)f(-3)=f(3),且f(x)在区间[0,+∞)上单调递增,故f(-3)>f(1)>f(0).2.(多选题)已知奇函数f(x)的定义域为(-∞,0)∪(0,+∞),且不等式f(x1)-f(x2)>0对任意两个不相等的正实数x1,x2都成立,则下列结论正确的x1-x2是( ).A.f(a2+2a+5)>f(1)B.f(a-1)<f(2a-3)C.f(-3)>f(-5)D.f(-3)<f(-5)0<x1<x2,则x1-x2<0.由f(x1)-f(x2)x1-x2>0,得f(x1)-f(x2)<0,即f(x1)<f(x2),∴f(x)在区间(0,+∞)上单调递增,∴f(x)在区间(-∞,0)上也单调递增.∴由-3>-5,可得f(-3)>f(-5).∵a2+2a+5=(a+1)2+4>1,∴f(a2+2a+5)>f(1).而f(a-1)与f(2a-3)的大小关系无法判断,故选AC.3.已知定义在区间[-1,1]上的函数y=f(x)是增函数,且是奇函数,若f(a-1)+f(4a-5)>0,求实数a的取值范围.即f(a-1)>-f(4a-5).又因为函数y=f(x)为奇函数,所以f(a-1)>f(5-4a).又函数y=f(x)是定义在区间[-1,1]上的增函数,所以{-1≤a-1≤1,-1≤5-4a≤1,a-1>5-4a,解得65<a≤32.所以实数a的取值范围是(65,32 ].1.已知f(x)是定义在区间[a,b]上的奇函数,且f(,则函数F(x)=f(+3B.2m+6C.6-2mD.6f(,所以它在区间[a,b]上的最小值为-m,所以函数F(x)=f(+3+(-m+3)=6.2.已知函数y=f(x)满足:①y=f(x+1)是偶函数;②在区间[1,+∞)上单调递增,若x1<0,x2>0,且x1+x2<-2,则f(-x1)与f(-x2)的大小关系是( ).A.f(-x1)>f(-x2)B.f(-x1)<f(-x2)C.f(-x1)=f(-x2)D.无法确定f(x+1)是偶函数,所以f(-x+1)=f(x+1),即f(-x)=f(x+2),由x1<0,x2>0,且x1+x2<-2,得-x1>2+x2>2.又y=f(x)在区间[1,+∞)上单调递增,所以f(-x1)>f(2+x2)=f(-x2).3.若函数f(x)=(k-2)x2+(k-1)x+3是偶函数,则函数g(x)=kx2+2x-3的单调递减区间是.f(x)=(k-2)x2+(k-1)x+3是偶函数,可得k=1,所以函数g(x)=x2+2x-3=(x+1)2-4.故函数g(x)的图象开口向上,对称轴为直线x=-1.因而函数g(x)的单调递减区间是(-∞,-1].∞,-1]4.设函数f(x)对任意的x,y∈R,都有f(x+y)=f(x)+f(y),且当x>0时,f(x)<0,f(1)=-2.(1)求证:f(x)是奇函数;(2)在区间[-3,3]上,f(x)是否有最值?如果有,求出最值;如果没有,请说明理由.x=y=0,则有f(0+0)=f(0)+f(0),即f(0)=2f(0),所以f(0)=0. 令y=-x,则有0=f(x-x)=f(x)+f(-x),所以f(x)为奇函数.x1,x2∈[-3,3],且x1<x2,则x2-x1>0.由题意,得f(x2-x1)<0,且f(x1)-f(x2)=f(x1)-f[x1+(x2-x1)]=f(x1)-[f(x1)+f(x2-x1)]=-f(x2-x1)>0, 即f(x1)>f(x2).所以f(x)在区间[-3,3]上为减函数.所以函数f(x)在区间[-3,3]上的最大值为f(-3)=-f(3)=-3f(1)=6,最小值为f(3)=-f(-3)=-6.。
函数性质习题课课件
奇(偶)函数在关于原点对称的两个区间上的单 调性
已知 b>a>0,偶函数 y=f(x)在区间[-b,-a] 上是增函数,问函数 y=f(x)在区间[a,b]上是增函数还是减函 数?
[思路分析] 由函数奇偶性与单调性的定义判断.
[解析] 设a≤x1<x2≤b,则-b≤-x2<-x1≤-a.∵f(x)在[- b,-a]上是增函数.∴f(-x2)<f(-x1)
又f(x)是偶函数,∴f(-x1)=f(x1),f(-x2)=f(x2) 于是 f(x2)<f(x1),故f(x)在[a,b]上是减函数. [点评] 由函数单调性和奇偶性的定义,可以证明在关于
原点对称的两个区间上,偶函数的单调性恰是相反的,奇函数
的单调性是相同的.
[规律总结] 函数的单调性与奇偶性的关系 (1)若f(x)是奇函数,则f(x)在其关于原点对称的区间上单调 性一致;若f(x)是偶函数,则f(x)在其关于原点对称的区间上单 调性相反. (2)奇函数在对称区间上的最值相反,且互为相反数;偶函 数在对称区间上的最值相同.
[分析] 给出函数关系而未给出解析式,要证明函数的奇 偶性与单调性,关键是紧紧扣住条件f(x+y)=f(x)+f(y),且当 x>0时,f(x)<0,对其中的x,y不断赋值.
[解析] (1)令y=-x,得f[x+(-x)]=f(x)+f(-x), ∴f(x)+f(-x)=f(0). 又∵f(0+0)=f(0)+f(0), ∴f(0)=0,∴f(x)+f(-x)=0, ∴f(-x)=-f(x), ∴f(x)是奇函数.
[答案] B [规律总结] 可用数形结合法求解.由题意画出示意图如 图所示可知选B.
函数 f(x)的定义域为 R,且对任意 x,y∈R,有 f(x+y)=f(x)+f(y),且当 x>0 时,f(x)<0,f(1)=-2.
人教A版高中数学必修1第三章习题课函数性质的综合问题课件
B.3个交点的横坐标之和不是定值,与函数解析式有关
√C.f(0)=0
D.f(0)的值与函数解析式有关
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16
7.已知偶函数f(x)和奇函数g(x)的定义域都是(-4,4),且在(-4,0]上的图 象如图所示,则关于x的不等式f(x)·g(x)<0的解集是__(_-__4_,__-__2_)∪__(_0_,_2_) _.
√B.在区间(2,4)上是增函数
C.在区间(-2,0)上是减函数 D.在区间(-2,0)上是增函数
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16
∵函数y=f(x+2)是偶函数, ∴函数y=f(x+2)关于y轴对称, 即函数y=f(x)关于x=2对称, ∵函数f(x)在(0,2)上是减函数, ∴函数f(x)在(2,4)上是增函数.
知识梳理
1.函数图象关于直线对称 y=f(x)在定义域内恒满足的条件 f(a+x)=f(a-x) f(x)=f(a-x)
f(a+x)=f(b-x)
y=f(x)的图象的对称轴 直线x=a 直线x=a2 直线x=a+b 2
2.函数图象关于点对称 y=f(x)在定义域内恒满足的条件 y=f(x)的图象的对称中心
f(a-x)=-f(a+x)
(a,0)
f(x)=-f(a-x) f(a+x)=-f(b-x) f(a+x)+f(b-x)=c
a2,0
a+b
2
,0
a+2 b,2c
例1 定义在R上的偶函数y=f(x),其图象关于点 12,0对称,且x∈[0,1]时,
f(x)=-x+12,则
f
新教材高中数学第3章函数概念与性质习题课—函数性质的综合应用课件
-, < ,
∴f(x)=
- -, ≥ .
(2)①当 a≤0 时,其函数图象的对称轴为 x= ≤0,
∴f(x)=-x2+ax 在区间[0,+∞)内单调递减.
由于奇函数在关于原点对称的区间上单调性相同,
∴f(x)在区间(-∞,0)内单调递减.
又在区间(-∞,0)内 f(x)>0,在区间(0,+∞)内 f(x)<0,
- < -,
所以实数 a 的取值范围为
, .
反思感悟
1.求解函数的单调性和奇偶性的综合问题时,要明确奇函数在
关于原点对称的区间上的单调性相同,偶函数在关于y轴对称
的区间上的单调性相反.
2.求解有关函数的奇偶性、单调性以及求参数取值范围的综
合问题时,一般先利用奇偶性得出函数在所给区间上的单调
f(1-a)+f(1-2a)>0,求实数a的取值范围.
解:由f(x)是定义在区间(-1,1)内的奇函数,
且f(1-a)+f(1-2a)>0,得f(1-a)>-f(1-2a)=f(2a-1).
因为f(x)在定义域上为减函数,
- < - < ,
所以 - < - < ,解得 <a<1.
则f(x)在区间[-b,-a]上的最大值和最小值分别是 -m,-M .
(4)若偶函数f(x)在区间[a,b]上的最大值和最小值分别是M,m,
则f(x)在区间[-b,-a]上的最大值和最小值分别是 M,m .
2.做一做:已知奇函数f(x)在区间[0,+∞)内单调递增,则满足
f(x)<f(1)的x的取值范围是(
函数的单调性 习题PPT教学课件
1 x 1 1 x 1 x2 1 0 x2 2 0 x 2 x 0或x 1
1 x 2
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题型四:利用函数单调性解题
例4:已知f(x)在其定 解: f ( xy) f ( x ) f ( y ) 义域R+上为增函数, f ( 4) f ( 2) f ( 2) 2 f(2)=1,f(xy)=f(x)+f(y). f ( 8) f ( 4) f ( 2) 3 解不等式 f(x)+f(x-2) ≤3 又f ( x ) f ( x 2) f ( x 2 2 x )
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题型三:利用已知函数单调性进行判断
结论3:若f(x)与g(x)在 R上是增函数,则 f(x)+g(x)也是增函数。 结论5:若f(x)(其中 f(x)>0)在某个区间上 为增函数,则
n
结论4:若f(x) 在R上是增函数, g(x)在R上是减函数,则 f(x) -g(x)也是增函数 结论6:复合函数f[g(x)]由 f(x)和g(x)的单调性共同决定。 它们之间有如下关系: f(x) g(x)
4、求函数单调区间的题 型(包括求复合函数单调 区间)
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+
解得x 2, 4
题型五:复合函数单调区间的求法
例1:设y=f(x)的单 增区间是(2,6),求 函数y=f(2-x)的单 调区间。
解:令t ( x ) 2 x , 则由已知得 f ( t )在t 2, ( 6)上是增函数, 而t ( x ) 2 x 2, ( 6) x (-4, 0) 又t ( x ) 2 x在x ( 4,0)上 是单减的, 由复合函数单调性可知 , f ( 2 x ) f [t ( x )]在x (-4, 0) 上是单调递减的。 f (2 x )的单减区间是(-, 4 0)
连续性定理可微性定理可积性定理例题
d
d
c f ( x0, y)d y
lim f ( x, y)d y
c x x0
即在定理的条件下,极限运算与积分运算的顺序
是可交换的,或说可在积分号下取极限 .
定理19.2(连续性) 如果函数 f ( x在, y区) 域
G {( x, y) | c( x) y d( x), a x b} 上连续,又函数 c( x与) d在(x区) 间 上[连a,续b],
d du
d
H(u, y)d y
c
d
c Hu (u, y)d y
d
c f (u, y)d y I(u)
所以 I1(u) I2 (u), 从而 I1(u) I2(u) k ( k 为常数 )
当 u = a 时,I1(a) I2(a) 0, 于是,k = 0
即得
I1(u) I2(u)
u
d
在 [ a, b ]上可微,且
d(x)
F ( x) c( x) f x ( x, y)d y
f ( x,d( x))d( x) f ( x,c( x))c( x)
证: 把 F ( x )看作复合函数:
d
F ( x) H( x, c, d ) c f ( x, y)d y
c c(x), d d(x)
定理19.1 表明, 若 f ( x, y) 在矩形区域
R [a,b][c,d] 上连续, 则 d I( x) c f ( x, y)d y, x [a, b]
在[a, b]上连续. 于是对任意 x0 [a, b], 有
lim
x x0
d
f (x, y)d y
c
lim
x x0
I(x)
I( x0 )
第2章函数概念基本初等函数7函数的单调性配套练习
第2章函数概念基本初等函数7函数的单调性配套练习分层训练1.函数)(x f 在),(b a 和),(d c 差不多上增函数,若),(),,(21d c x b a x ∈∈,且21x x <那么( )A .)()(21x f x f <B .)()(21x f x f >C .)()(21x f x f =D .无法确定2.已知)(x f 在实数集上是减函数,若0≤+b a ,则下列正确的是 ( ) A .)]()([)()(b f a f b f a f +-≤+ B . )()()()(b f a f b f a f -+-≤+ C .)]()([)()(b f a f b f a f +-≥+D .)()()()(b f a f b f a f -+-≥+3.函数y =在区间(,)-∞+∞上是( ) A .增函数B .既不是增函数又不是减函数C .减函数D .既是增函数又是减函数 考试热点4.假如函数f(x)=x 2+2(a -1)x +2在区间(,4]-∞上是减函数,那么实数a 的取值范畴是( )A .a ≥-3B .a ≤-3C .a ≤5D .a ≥3 5.函数267([1,7])y x x x =-+∈-的值域 。
6.若函数f(x)=(-k 2+3k+4)x+2是增函数,则k 的范畴是7.已知]3,1[,)2()(2-∈-=x x x f ,求函数)1(+x f 得单调递减区间.8.讨论函数)(x f =12-x ax(-1<x <1)的单调性.拓展延伸9.已知函数1)(2+=x x f ,且)]([)(x f f x g =,)()()(x f x g x G λ-=,试问,是否存在实数λ,使得)(x G 在]1,(--∞上为减函数,同时在)0,1(-上为增函数.10.函数)(),(x g x f 在区间],[b a 上都有意义,且在此区间上①)(x f 为增函数,0)(>x f ; ②)(x g 为减函数,0)(<x g .判定)()(x g x f 在],[b a 的单调性,并给出证明.本节学习疑点:第7课 函数的单调性(2) 1.()D ;2.()D ;3.()B 4. ()B ;5.[2,15]-; 6.(1,4)-.7.函数12)1(]2)1[()1(222+-=-=-+=+x x x x x f ,]2,2[-∈x ,故函数的单调递减区间为]1,2[-.8.当a >0时,减函数;当a <0时,增函数;当a =0时,常数函数9.221)1()1()]([)(24222++=++=+==x x x x f x f f x g .)()()(x f x g x G λ-=λλ--++=22422x x x )2()2(24λλ-+-+=x x )()(21x G x G -)]2()2([2141λλ-+-+=x x )]2()2([2242λλ-+-+-x x)]2()[)((22212121λ-++-+=x x x x x x由题设:当121-<<x x 时,0))((2121>-+x x x x ,λλλ-=-++>-++4211)2(2221x x ,则4,04≤≥-λλ,当0121<<<-x x 时, 0))((2121>-+x x x x ,λλλ-=-++<-++4211)2(2221x x ,则4,04≥≥-λλ 故4=λ。
函数相乘法练习题
函数相乘法练习题函数相乘法是数学中的一个重要概念,它在代数和微积分领域都有广泛的应用。
本文将介绍函数相乘法的基本概念以及一些常见的练习题。
一、函数相乘法的概念函数相乘法是指将两个函数相乘得到一个新的函数的操作。
设有两个函数f(x)和g(x),它们的相乘可以表示为:(f*g)(x) = f(x)*g(x)。
二、函数相乘法的性质1. 交换律:函数的相乘满足交换律,即f(x)*g(x) = g(x)*f(x)。
2. 结合律:函数的相乘满足结合律,即[f(x)*g(x)]*h(x) =f(x)*[g(x)*h(x)]。
3. 零函数:如果有一个函数f(x)是一个常数函数且f(x) ≠ 0,则f(x)*g(x) = 0,其中g(x)为任意函数。
三、函数相乘法的练习题下面将介绍几个函数相乘法的练习题,以帮助读者更好地理解和应用这个概念。
练习题1:已知函数f(x) = 2x + 1,g(x) = 3x - 2,求函数f(x)与g(x)的相乘。
解答:将函数f(x)与g(x)相乘得到:(f*g)(x) = f(x)*g(x) = (2x + 1)*(3x - 2)。
展开相乘,得到 (f*g)(x) = 6x^2 + 4x - 3x - 2 = 6x^2 + x - 2。
练习题2:已知函数f(x) = x^2 + 3x,g(x) = 2x - 1,求函数f(x)与g(x)的相乘。
解答:将函数f(x)与g(x)相乘得到:(f*g)(x) = f(x)*g(x) = (x^2 + 3x)*(2x - 1)。
展开相乘,得到 (f*g)(x) = 2x^3 - x^2 + 6x^2 - 3x = 2x^3 + 5x^2 - 3x。
练习题3:已知函数f(x) = √x,g(x) = x + 1,求函数f(x)与g(x)的相乘。
解答:将函数f(x)与g(x)相乘得到:(f*g)(x) = f(x)*g(x) = (√x)*(x + 1)。
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提示: 证明在区间[xk1, xk]上, 振幅满足
k ( f ) 2k (| f |).
考察 f ' 在区间[xk1, xk]上变号、不变号两种情形, 变号时利用导函数的介值性.
三. 函数可积性的证明
例3 若函数 f 在[a, b]上定义, 且对x [a, b]有
b 2 b
提示: 将左边两积分变形, 再用Cauchy不等式
b a b a
f ( x)cos xdx f ( x)sin xdx
b a b a
f ( x) f ( x) cos xdx. f ( x) f ( x) sin xdx.
五. Cauchy-Schwarz不等式
Ex. 设 f
xn lim dx 0. n 0 1 x
1
五. Cauchy-Schwarz不等式
例5 (习题7.3(5)) 设非负函数 f R[a, b]. 证明
b a
f ( x) cos xdx
2
b a
f ( x)sin xdx
2
b a
f ( x)dx .
2
C(1)[a,
b], 且 f (a) = f (b) = 0,
b a
f 2 ( x)dx 1
证明: (1) 对任意的 0,
g ( x) f ( x) xf ( x)
在[a, b]上不恒为零. (2)
1 2 2 a [ f ( x)] dx a x f ( x)dx 4 .
(4) 若 f 和g均不可积, 则f ◦g也必不可积(假定可复合). 提示: 考察 f (x) = g(x)且均为Dirichlet函数.
二. 复合函数的可积性
(5) 若 f C[a, b], g R[a, b], 则f ◦g R[a, b]. 提示: 利用f 的一致连续性, g的可积性
Chap 7
函数可积性—习题课
一. 可积函数与有原函数的函数 例1 [习题7.2(4)/7.2(6)]判断下列命题的真伪(正确的
给出证明, 错误的举出反例说明)
(1) 若 f 在[a, b]上可积, 则 f 在[a, b]上必存在原函数.
提示:考察 f (x) = sgn x, x[1,1]
(2) 若 f 在[a, b]上存在原函数, 则 f 在[a, b]上必可积.
1 2 x sin 2 , x 0, 在[1, 1]的导函数 提示: 考察 F ( x) x 0, x 0,
二. 复合函数的可积性
(3) 若 f 和g均可积, 则f ◦g也必可积(假定可以复合).
1, 0 x 1, g(x)为Riemann函数 提示: 考察 f ( x) x 0, 0,
( f
k 1 k
n
g )xk k ( f g )xk
k
k{1,2,, n}\
k ( f g )xk
其中 {k | k ( g ) } , 由f 的一致连续性找到.
三. 函数可积性的证明
例2 (习题7.2(4)) 若 f D[a, b].
lim sin n xdx 0.
n π 2 0
提示: 将积分区间分成两段考虑
π 2 0
sin n xdx
π 2 0
sin n xdx
π 2 π 2
sin n xdx
注: 此题直接用积分中值定理不易说清楚! 也不宜把积分算出来(还未学积分法). Ex.(习题7.3(7)) 证明
lim f (t ) 0.
tx
证明 f R[a, b], 且 提示: 先证 f R[a, b].
b a
f ( x)dx 0.
由条件知 0, x 0使得 t U ( x, x ) 有
| f (t ) |
2
.
三. 函数可积性的证明 利用有限覆盖定理, 可找有限个邻域覆盖[a, b],
2
故在[a, b]上除有限点外都成立
| f (t ) |
.
由此再找[a, b]的分划, 在不包含这有限个点的
子区间上振幅不超过, 而包含这有限个点的子区 间长度和小于任意的.
最后, 按定义证明
b a
f ( x)dx 0.
四. 积分第一中值定理
例4 (习题7.3(7)) 利用积分第一中值定理, 证明