辽宁省沈阳市2018-2019高三一模物理答案

2019年沈阳市高三年级教学质量监测（一）

物理参考答案

一、选择题

1.A

2.B.

3.C

4.A

5.C

6. D

7.B

8.ABD

9.BC 10.BD

二、非选择题：满分50分

11. 解：（1）设小球重力为G ，从A 到B 根据动能定理得：

GR =E 0 ①（1分）

解得： R

E G 0= ②（1分） 设小球受到电场力为

F ，根据电场力做功与电势能变化的关系，从B 到C 有：

FR =2E 0 ③（2分）

R

E F 02= ④（1分） （2）设小球到C 点动能为E kC ，则从B 到C 过程，根据动能定理得：

FR - GR = E kC -E 0 ⑤（2分）

E kC = 2E 0 ⑥（1分）

设小球在C 点时速度为v c ，在运动轨迹的最高点D 时速度为v D ，则从C 到D 过程 在竖直方向上：0=v C -a y t ⑦（2分）

在水平方向上：v D =a x t ⑧（2分）

代入 F =2G a x =2a y

解得 v D =2v C ⑨（1分）

则 E kD =4E kC =8E 0 ⑩（2分）

12. 解：（1）设滑块加速度大小为a 0，根据滑块的运动可知：

t

v v t v a 210-=∆∆= ①（1分） 根据牛顿第二定律可得：

μ1mg =ma 0 ②（2分）

解得 μ1 = 0.3 ③（1分）

（2）在木板向右匀减速运动过程中，由牛顿第二定律可得：

1

21)2(ma g m mg =+μμ ④（2分） 在木板向左匀加速运动过程中，由牛顿第二定律可得：

221)2(ma g m mg =-μμ ⑤（2分）

由运动学规律可知

v 0=a 1t 1 ⑥（1分）

v 2=a 2t 2 ⑦（1分）

t 1+ t 2= t ⑧（1分）

联立解得：μ2=0.05（另一解为μ2=0由于地面粗糙舍去） ⑨（2分）

（3）滑块与木板共速前，滑块的位移：

t v v x 2

211+==2.5m ⑩（2分） 木板位移：2

22120222a v a v x +-==-0.25m ⑾（2分） 共速后，由于21μμ>，可知两者一起减速到静止，不再有相对运动 ⑿（1分）

相对位移为：Δx ＝ x 1-x 2 = 2.75m ⒀（2分）

13.（1）BCE

（2）解：①由于轻质活塞不计重力，有

P 0S =P 1S +mg ①（2分）

S

mg P P -

=01 ②（1分） ②设初始时，温度为T 1=T ，体积为V 1=hS ，压强为S mg P P -=01， 再次平衡时，体积为V 2=hS /2

压强为 P 0S =P 2S +2mg ③（2分）) 根据理想气体状态方程

④（3分）

解得： ()T mg S P mg S P T )(22002--= ⑤（2分）

14．(1)BCE

(2)①根据图中信息可得：λ＝2 m

T ＝λv

＝0.5 s ①（1分） 设4.5s 中含有n 个周期，则

n =4.5÷0.5=9

所以 s ＝n ×4A=1.44m ②（2分）

t ＝4.5 s 时，y ＝4 cm ③（1分）

②质点A 做简谐运动，设质点A 的振动方程为

y =A cos(ωt +φ)

即 y =0.04cos(4πt +φ) ④（1分） 将t =0时y =0.02m 代入④式，解得

cos φ=0.5 由于速度方向沿y 轴负方向，所以3π

ϕ= ⑤（1分）

则质点A 的振动方程为)3

4cos(04.0π

π+=t y ⑥（2分）

质点A 到达波峰时y=0.04m 代入③又因为是第一次到达波峰

所以t ＝12

5s ≈0.42s ⑦（2分） （其他做法比照给分）