高中数学专题专练13 三视图与体积表面积
高考数学总复习:三视图、表面积与体积

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第二部分 专题三 立体几何
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3.(2019·高考全国卷Ⅱ)中国有悠久的金石文化,印信是金石文化的代表之一.印信的
形状多为长方体、正方体或圆柱体,但南北朝时期的官员独孤信的印信形状是“半正多
面体”(图 1).半正多面体是由两种或两种以上的正多边形围成的多面体.半正多面体
体现了数学的对称美.图 2 是一个棱数为 48 的半正多面体,它的所有顶点都在同一个
1.(2018·高考全国卷Ⅰ)某圆柱的高为 2,底面周长为 16,其三视
图如图.圆柱表面上的点 M 在正视图上的对应点为 A,圆柱表面
上的点 N 在左视图上的对应点为 B,则在此圆柱侧面上,从 M 到
N 的路径中,最短路径的长度为( )
A.2 17
B.2 5
C.3
D.2
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第二部分 专题三 立体几何
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第二部分 专题三 立体几何
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题型三 与球有关的切、接问题
1.(2018·高考全国卷Ⅲ)设 A ,B ,C ,D 是同一个半径为 4 的球的球面上四点,△A B C
为等边三角形且其面积为 9 3,则三棱锥 D A B C 体积的最大值为( )
A .12 3
B .18 3
C .24 3
正方体的表面上,且此正方体的棱长为 1,则该半正多面体共有________个面,其棱长
为________.
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第二部分 专题三 立体几何
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解析:依题意知,题中的半正多面体的上、下、左、右、前、后 6 个面都在正方体的表 面上,且该半正多面体的表面由 18 个正方形,8 个正三角形组成,因此题中的半正多面 体共有 26 个面.注意到该半正多面体的俯视图的轮廓是一个正八边形,设题中的半正 多面体的棱长为 x,则 22x+x+ 22x=1,解得 x= 2-1,故题中的半正多面体的棱长 为 2-1.
高中一二轮复习立体几何三视图求解体积表面积问题ppt课件

05.02.2021
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① 保险利益原则(基本原则) 投保方对保险标的具有法律上承认的权益或利
害关系——经济契约的必要条件(前提); 构成该必要条件的要素是: 有关保险利益必须为:
法律上所认可的利益→合法利益 经济上的利益→经济利益 确定的和能实现的利益→确定利益
作用:防止道德因素风险,消除赌博/投机行为 ,避免不当得利;限制赔偿程度,保障经营稳定
二.特征 1. 特殊的法律原则(或者政策); 2. 有力保障受害者的权益; 3. 保险项目不可选择; 4. 典型的无过失责任保险原则; 5. 具有社会公益性质;
三、四、五部分自学;
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五.中国交强险(中国特色) 若干特殊说明: 注意:第三者责任险性质的最低保障; 始于2003年:明确该制度; 2006年成为法规并予以实施; 执行特点:统一费率与限额; 执行原则:不赢利、不亏损; 根据具体执行状态,又修订若干条款与规定
这就决定了汽车,特别是占有市场总量90%以 上的私人乘用车,在生产、销售、服务等方面具有 某些特殊的性质;
操作车辆保险作业的人员,前提条件就是: 深入了解汽车;
பைடு நூலகம்
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第二章 车辆保险制度 第一节、相关制度 一.过失原则与无过失原则; 二.过失责任为基础的汽车保险制度; 三.无过失责任为基础的汽车保险制度; 思考题: 制度的思辩; 法律与道德;
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③ 近因原则 损害结果与风险事故的发生有直接的因果关系
时,保险人对责任范围内的风险事故导致的损失才 能给予赔偿;
近因的认定规则; 保险责任的认定方法:
从最初事件出发,进行顺向逻辑推理; 从最终损失开始,逆向追溯事件原因:
2021年高考数学二轮复习 空间几何体的三视图、表面积与体积

2021年高考数学二轮复习空间几何体的三视图、表面积与体积1.(xx·江西高考)一几何体的直观图如图,下列给出的四个俯视图中正确的是( )【解析】由三视图的知识得B正确.【答案】B2.(xx·浙江高考)某几何体的三视图(单位:cm)如图所示,则该几何体的体积是( )A.72 cm3 B.90 cm3 C.108 cm3 D.138 cm3【解析】由题中三视图知,该几何体由一个长方体与一个三棱柱组成,体积V=3×4×6+12×3×4×3=90(cm3),故选B.【答案】 B3.(xx·陕西高考)将边长为1的正方形以其一边所在直线为旋转轴旋转一周,所得几何体的侧面积是( )A.4π B.3π C.2π D.π【解析】∵圆柱侧面展开图为矩形,底面圆半径为1,S侧=2πr·l=2π×1×1=2π,故选C.【答案】 C4.(xx·重庆高考)某几何体的三视图如图所示,则该几何体的表面积为( )A .54B .60C .66D .72【解析】 S 表=S 底+S 上+S 左+S 前+前=12×3×4+12×3×5+5×3+12×(2+5)×4+12×(2+5)×5 =60.【答案】 B5.(xx·全国大纲高考)正四棱锥的顶点都在同一球面上.若该棱锥的高为4,底面边长为2,则该球的表面积为( )A.81π4 B .16π C.9π D.27π4【解析】易知SO ′=4O ′D =1222+22= 2 设球的半径为R ,则(4-R )2+22=R 2∴R =94,∴S 球=4πR 2=81π4. 【答案】 A从近三年高考来看,该部分高考命题的热点考向为:1.空间几何体的三视图及确定应用①此类问题多为考查三视图的还原问题,且常与空间几何体的表面积、体积等问题结合,主要考查学生的空间想象能力,是每年的必考内容之一.②试题多以选择题的形式出现,属基础题.2.计算空间几何体的表面积与体积①该考向主要以三视图为载体,通常是给出某几何体面积或体积,作为新课标教材的新增内容,日益成为了高考中新的增加点和亮点.主要考查学生的计算能力和空间想象能力及识图能力.②试题多以选择题、填空题为主,多属于中档题.3.多面体与球的切、接问题①该考向命题背景宽,以棱柱、棱锥、圆柱、圆锥与球的内切、外接的形式出现,也是高考中的一大热点.主要考查学生的空间想象能力和计算能力.②试题多以选择题、填空题的形式出现,属于中档题.空间几何体的三视图及应用【例1】 如图,网格纸的各小格都是正方形,粗实线画出的是一个几何体的三视图,则这个几何体是( )A.三棱锥 B.三棱柱 C.四棱锥 D.四棱柱(2)(xx·湖北高考)在如图所示的空间直角坐标系O-xyz中,一个四面体的顶点坐标分别是(0,0,2),(2,2,0),(1,2,1),(2,2,2).给出编号为①、②、③、④的四个图,则该四面体的正视图和俯视图分别为( )A.①和② B.③和① C.④和③ D.④和②【解析】(1)直观图为:(2)在空间直角坐标系O-xyz中作出棱长为2的正方体,在该正方体中作出四面体,如图所示,由图可知,该四面体的正视图为④,俯视图为②.【答案】(1)B (2)D【规律方法】识与画三视图的关键点:(1)要牢记三视图的观察方向和长、宽、高的关系.三视图的正视图、侧视图、俯视图分别是从物体的正前方、正左方、正上方看到的物体轮廊线的正投影围成的平面图形,反映了一个几何体各个侧面的特点.正视图反映物体的主要形状特征,是三视图中最重要的视图;俯视图要和正视图对正,画在正视图的正下方;侧视图要画在正视图的正右方,高度要与正视图平齐.(2)要熟悉各种基本几何体的三视图.[创新预测]1.(1)(xx·武汉调研)一个几何体的三视图如图所示,则该几何体的直观图可以是( )(2)(xx·昆明调研)一个几何体的三视图如图所示,正视图和侧视图都是等边三角形.若该几何体的四个顶点在空间直角坐标系0xyz中的坐标分别是(0,0,0),(2,0,0),(2,2,0),(0,2,0),则第五个顶点的坐标可能为( )A.(1,1,1) B.(1,1,2)C.(1,1,3) D.(2,2,3)【解析】(1)由已知得选项A、B、C与俯视图不符,故选D.(2)因为正视图和侧视图是等边三角形,俯视图是正方形,所以该几何体是正四棱锥,还原几何体并结合其中四个顶点的坐标,建立空间直角坐标系,设O(0,0,0),A(2,0,0),B(2,2,0),C(0,2,0),所求的第五个顶点的坐标为S(1,1,z),正视图为等边三角形,且边长为2,故其高为4-1=3,又正四棱锥的高与正视图的高相等,故z=±3,故第五个顶点的坐标可能为(1,1,3).【答案】(1)D (2)C空间几何体的表面积与体积【例2】(1)(xx·山东高考)一个六棱锥的体积为23,其底面是边长为2的正六边形,侧棱长都相等,则该六棱锥的侧面积为________.(2)(xx·天津高考)一个几何体的三视图如图所示(单位:m),则该几何体的体积为________m3.(3)一个多面体的三视图如图所示,则该多面体的表面积为( )A .21+ 3B .18+ 3C .21D .18【解析】 (1)设棱锥的高为h ,∵V =23,∴V =13×S 底·h =13×6×34×22×h =2 3. ∴h =1,由勾股定理知:侧棱长为22+1= 5. ∵六棱锥六个侧面全等,且侧面三角形的高为52-12=2,∴S 侧=12×2×2×6=12. (2)由几何体的三视图知,该几何体由两部分组成,一部分是底面半径为 1 m ,高为 4 m 的圆柱,另一部分是底面半径为2 m ,高为2 m 的圆锥.∴V =V 柱+V 锥=π×12×4+13π×22×2=20π3(m 3). (3)根据几何体的三视图画出其直观图,根据直观图特征求其表面积.由几何体的三视图如题图可知,则几何体的直观图如图所示.因此该几何体的表面积为6×⎝ ⎛⎭⎪⎫4-12+2×34×(2)2=21+ 3.故选A. 【答案】 (1)12 (2)20π3(3)A 【规律方法】 1.求解几何体的表面积及体积的技巧:(1)求几何体的表面积及体积问题,可以多角度、多方位地考虑,熟记公式是关键所在.求三棱锥的体积,等体积转化是常用的方法,转化原则是其高易求,底面放在已知几何体的某一面上.(2)求不规则几何体的体积,常用分割或补形的思想,将不规则几何体转化为规则几何体以易于求解.2.根据几何体的三视图求其表面积与体积的三个步骤:(1)根据给出的三视图判断该几何体的形状.(2)由三视图中的大小标示确定该几何体的各个度量.(3)套用相应的面积公式与体积公式计算求解.[创新预测]2.(1)(xx·全国新课标Ⅰ高考)如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗实线画出的是某多面体的三视图,则该多面体的各条棱中,最长的棱的长度为( )A .6 2B .4 2C .6D .4(2)(xx·辽宁高考)某几何体三视图如图所示,则该几何体的体积为( )A .8-π4B .8-π2C .8-πD .8-2π 【解析】(1)还原为直观图放在正方体中如图所示三棱锥D -ABC .AB =BC =4,AC =42, DB =DC =25,DA =422+4=6.故最长的棱长为6.故选C. (2)该几何体是一个正方体截去两个四分之一圆柱形成的组合体,其体积V =23-12×2π=8-π,故选C.【答案】 (1)C (2)C多面体与球的切、接问题【例3】 (1)(xx·陕西高考)已知底面边长为1,侧棱长为2的正四棱柱的各顶点均在同一个球面上,则该球的体积为( )A.32π3 B .4π C .2π D.4π3(2)(xx·湖南高考)一块石材表示的几何体的三视图如图所示.将该石材切削、打磨,加工成球,则能得到的最大球的半径等于( )A .1B . 2C .3D .4【解析】 (1)连接AC ,BD 相交于O 1,连接A 1C 1,B 1D 1,相交于O 2并连接O 1O 2,则线段O 1O 2的中点为球心.∴半径R =|OB |=|OO 1|2+|O 1B |2=⎝ ⎛⎭⎪⎫222+⎝ ⎛⎭⎪⎫222=1,∴V 球=43πR 3=43π,故选D. (2)由题意知,几何体为三棱柱,设最大球的半径为R .∴2R =(6+8)-10=4,∴R =2.【答案】 (1)D (2)B【规律方法】 多面体与球接、切问题的求解策略:(1)涉及球与棱柱、棱锥的切、接问题时,一般过球心及多面体中的特殊点(一般为接、切点)或线作截面,把空间问题转化为平面问题,再利用平面几何知识寻找几何体中元素间的关系,或只画内切、外接的几何体的直观图,确定球心的位置,弄清球的半径(直径)与该几何体已知量的关系,列方程(组)求解.(2)若球面上四点P ,A ,B ,C 构成的三条线段PA ,PB ,PC 两两互相垂直,且PA =a ,PB=b ,PC =c ,一般把有关元素“补形”成为一个球内接长方体,则4R 2=a 2+b 2+c 2求解.[创新预测]3.(1)(xx·辽宁高考)已知直三棱柱ABC A 1B 1C 1的6个顶点都在球O 的球面上.若AB =3,AC =4,AB ⊥AC ,AA 1=12,则球O 的半径为( )A.3172B .210 C.132D .310 (2)(xx·全国课标Ⅱ高考)已知正四棱锥O ABCD 的体积为322,底面边长为3,则以O 为球心,OA 为半径的球的表面积为________.【解析】 (1)根据球的内接三棱柱的性质求解.因为直三棱柱中AB =3,AC =4,AA 1=12,AB ⊥AC ,所以BC =5,且BC 为过底面ABC 的截面圆的直径.取BC 中点D ,则OD ⊥底面ABC ,则O 在侧面BCC 1B 1内,矩形BCC 1B 1的对角线长即为球直径,所以2R =122+52=13,即R =132. (2)本题先求出正四棱锥的高h ,然后求出侧棱的长,再运用球的表面积公式求解.V 四棱锥O ABCD =13×3×3h =322,得h =322, ∴OA 2=h 2+(AC 2)2=184+64=6. ∴S 球=4πOA 2=24π.【答案】 (1)C (2)24π[总结提升] 通过本节课的学习,需掌握如下三点:失分盲点1.(1)台体的构成:台体可以看成是由锥体截得的,但一定强调截面与底面平行.(2)三视图的不唯一性:空间几何体的不同放置位置对三视图会有影响.(3)三视图轮廓线的虚实:正确确定三视图的轮廓线,可见轮廓线在三视图中为实线,不可见轮廓线为虚线.(4)元素与位置的变与不变:几何体的展开与折叠问题,准确确定前后两个图形间的联系及元素与位置之间的变化与稳定.2.(1)球的外切四棱锥与内接四棱锥是不一样的,两者不能混淆.(2)球的体积公式与锥体的体积公式的系数不一样,两者不能混淆.答题指导1.(1)看到三视图,想到几何体的直观图.(2)看到三棱锥的体积,想到定底定高.(3)看到求几何体的表面积、体积,想到几何体的表面积、体积公式.2.(1)看到球的表面积、体积问题,想到球的表面积、体积公式.(2)看到球的组合体问题,想到寻找一个合适的轴截面.(3)看到球的截面,想到球的截面性质.方法规律1.(1)画三视图的规则:长对正,高平齐,宽相等.(2)转化思想的应用:将空间问题转化为平面问题.(3)几何体体积:注意割补法(将不规则的几何体通过分割或补形转化为规则的几何体求解).(4)几何体表面上最短距离问题:常常利用几何体的表面展开图解决.2.(1)球的直径:球的直径等于它的内接正方体的对角线长,等于它的外切正方体的棱长.(2)与球有关的接切问题:要注意球心的位置以及球心与其他点形成的直角三角形.有关球的组合体的图形与数据处理所谓空间想象力,就是人们对客观事物的空间形式进行观察、分析和抽象概括的能力,空间想象能力在立体几何中主要体现在能对空间几何体的各个元素在空间中的位置进行准确判断,能画出空间几何体的直观图,并在直观图中把各种位置关系表达出来.球是基本的空间几何体之一,单一的球的直观图容易画出,但是当球与其他空间几何体组成组合体时,其直观图就很难作出,因此与球有关的组合体的图形处理成为空间想象能力考查的重要问题.【典例】若三棱锥SABC的底面是以AB为斜边的等腰直角三角形,AB=SA=SB=SC=2,则该三棱锥的外接球的表面积为( )A.83π B.433πC.43π D.163π【解析】如图所示,由SA=SB=SC可知点S在底面上的射影为△ABC的外心.由于底面是直角三角形,故其外心为斜边的中点O′,设该三棱锥外接球的球心为O,半径为R,则OO′=3-R,在△OO′A中,R2=(3-R)2+12,即R=23,所以球的表面积为4πR2=16π3.【答案】 D【规律感悟】多面体的外接球的球心是到多面体的各个顶点距离相等的点,在确定多面体外接球的球心时要抓住这个特点.> egJ24089 5E19 帙727299 6AA3 檣39547 9A7B 驻21772 550C 唌29000 7148 煈 25066 61EA 懪h27745 6C61 污。
三视图(直视图)、表面积、体积(含答案)

三视图(直视图)、表面积、体积姓名:得分:一、选择题1.如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某几何体的三视图,则此几何体的体积为()()A6()B9()C12()D182.将正方形(如图1所示)截去两个三棱锥,得到图2所示的几何体,则该几何体的左视图为()3.若一个几何体的三视图如图所示,则此几何体的体积为A.112B.5C.4D.924.某几何体的正视图和侧视图均如图1所示,则该几何体的俯视图不可..能.是5. 某几何体的三视图如图1所示,它的体积为A. 72πB. 48πC. 30πD. 24π 6. 一个几何体的三视图形状都相同,大小均等,那么这个几何体不可以是A 球B 三棱锥C 正方体D 圆柱7. 已知某三棱锥的三视图(单位:cm )如图所示,则该三棱锥的体积是A.1cm 3B.2cm 3C.3cm 3D.6cm 38. 某三棱锥的三视图如图所示,该三棱锥的表面积是(A )28+B )30+C )56+图1正视图 俯视图侧视图(D )60+二、填空题1. 一个高为2的圆柱,底面周长为2π,该圆柱的表面积为2. 已知某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为____________.3. 一个几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为_______________.4. 如图,在长方体1111ABCD ABC D -中,3cm AB AD ==,12cm AA =,则四棱锥11A BB D D -的体积为 ▲ cm 3.5. 一个几何体的三视图如图所示(单位:m ),则该几何体的体积3m .6. 某几何体的三视图如上右图所示,则该几何体的体积等于______。
7. 如图,正方体1111ABCD A B C D -的棱长为1,E 为线段1B C 上的一点,则三棱锥1A DED -的体积为_____.2,已知三棱锥P -ABC 的三条侧棱P A ,PB ,PC 两两相互垂直,且三个侧面的面积分别为S 1,S 2,S 3,则这个三棱锥的体积为为 。
高考数学总复习1三视图与几何体的体积表面积习题课件文

D.66斛
2021/12/13
第三十页,共九十二页。
-31-
答案(dá àn):B
解析:设圆锥的底面半径为R,高为h.
∵米堆底部的弧长为8尺,
1
16
∴4·2πR=8,∴R= π .∵h=5,
1
1
1
∴米堆的体积 V=4 × 3πR h=12×π×
320
2
16 2
π
∴堆放的米约有9×1 62≈22(斛).
1.(2018全国Ⅰ·5)已知圆柱的上、下底面的中心(zhōngxīn)分别为O1,O2,过直线
O1O2的平面截该圆柱所得的截面是面积为8的正方形,则该圆柱的表面积为
(
)
A.12 2π
B.12π
C.8 2π
D.10π
答案:B
解析:过直线O1O2的平面截该圆柱所得的截面为圆柱的轴截面,设底面半径为r,
后得到的几何体如图②,则该几何体的侧视图为(
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第二十六页,共九十二页。
)
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答案:A
解析:因为平面DEHG⊥平面EFD,所以(suǒyǐ)几何体的侧视图为直角梯形,且直
角腰在侧视图的左侧,故选A.
2021/12/13
第二十七页,共九十二页。
-28-
空间几何体的体积、表面积
高考真题体验·对方向
第十九页,共九十二页。
-20-
4.(2018江西赣州十四县(市)期中(qī zhōnɡ))某几何体的三视图如图所示,则此几何
体的各面中最大面的面积为(
A.2 2
B.2 3
)
C.3 2
2021/12/13
第二十页,共九十二页。
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【高考复习】2020年高考数学(文数) 空间几何体的三视图、表面积及体积 小题练(含答案解析)

【高考复习】2020年高考数学(文数)空间几何体的三视图、表面积及体积小题练一、选择题1.多面体的三视图如图所示,其中正视图和侧视图都由正方形和等腰直角三角形组成,正方形的边长为2,俯视图为等腰直角三角形.该多面体的各个面中有若干个是梯形,这些梯形的面积之和为( )A.10 B.12 C.14 D.162.用斜二测画法画一个水平放置的平面图形的直观图为如图所示的一个正方形,则原来的图形是( )3.一个几何体的三视图如上图所示,则该几何体的体积为()A. B. C. D.4.如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某几何体的三视图,已知该几何体的各个面中有n个面是矩形,体积为V,则( )A.n=4,V=10 B.n=5,V=12C.n=4,V=12 D.n=5,V=105.某几何体的三视图如图所示,图中三个正方形的边长均为2,则该几何体的表面积为( )A.24+(2-1)π B.24+(22-2)πC.24+(5-1)π D.24+(23-2)π6.若某几何体的三视图(单位:cm)如图所示,则该几何体的体积等于( )A.10 cm3 B.20 cm3 C.30 cm3D.40 cm37.若球的半径扩大为原来的2倍,则它的体积扩大为原来的( )A.2倍 B.4倍 C.8倍D.16倍8.平面α截球O的球面所得圆的半径为1,球心O到平面α的距离为2,则此球的体积为( )A.6π B.43π C.46π D.63π9.已知A,B是球O的球面上两点,∠AOB=90°,C为该球面上的动点,若三棱锥OABC体积的最大值为36,则球O的表面积为( )A.36π B.64π C.144π D.256π10.如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某四面体的三视图,则该四面体表面积为()A.2(1B.2(1C.4(111.设A,B,C,D是同一个半径为4的球的球面上四点,△ABC为等边三角形且其面积为93,则三棱锥DABC体积的最大值为( )A.12 3 B.18 3 C.24 3 D.54 312.已知四面体PABC的四个顶点都在球O的球面上,PA=8,BC=4,PB=PC=AB=AC,且平面PBC⊥平面ABC,则球O的表面积为( )A.64π B.65π C.66π D.128π二、填空题13.用一张16×10的长方形纸片,在四个角剪去四个边长为x的正方形(如图),然后沿虚线折起,得到一个无盖的长方体纸盒,则这个纸盒的最大容积是________.14.如图所示,已知一个多面体的平面展开图由一个边长为1的正方形和4个边长为1的正三角形组成,则该多面体的体积是________.15.我国古代数学名著《数书九章》中有“天池盆测雨”题:在下雨时,用一个圆台形的天池盆接雨水,天池盆盆口直径为二尺八寸,盆底直径为一尺二寸,盆深一尺八寸,若盆中积水深九寸,则平地降雨量是________寸.(注:①平地降雨量等于盆中积水体积除以盆口面积;②一尺等于十寸)16.已知圆锥侧面展开图的圆心角为90°,则该圆锥的底面半径与母线长的比为________.17.如图,BD是边长为3的正方形ABCD的对角线,将△BCD绕直线AB旋转一周后形成的几何体的体积等于________.18.如图,已知球O的面上有四点A,B,C,D,DA⊥平面ABC,AB⊥BC,DA=AB=BC=2,则球O的体积等于________.答案解析1.答案为:B ;解析:由多面体的三视图还原直观图如图.该几何体由上方的三棱锥A -BCE 和下方的三棱柱BCE -B 1C 1A 1构成,其中面CC 1A 1A 和面BB 1A 1A 是梯形,则梯形的面积之和为2×(2+4)×22=12.故选B.2.答案为:A ;解析:由直观图可知,在直观图中多边形为正方形,对角线长为2,所以原图形为平行四边形,位于y 轴上的对角线长为2 2.3.答案为:B ;4.答案为:D ;解析:由三视图可知,该几何体为直五棱柱,其直观图如图所示,故n =5,体积V =2×22+12×2×1=10.故选D .5.答案为:B ;解析:如图,由三视图可知,该几何体是棱长为2的正方体挖出两个圆锥体所得. 由图中知圆锥的半径为1,母线为2,该几何体的表面积为S =6×22-2π×12+2×12×2π×1×2=24+(22-2)π,故选B .6.答案为:B解析:由三视图可知,该几何体是一个直三棱柱ABC -A 1B 1C 1截去一个三棱锥B 1-ABC ,则该几何体的体积为V =12×3×4×5-13×12×3×4×5=20(cm 3).故选B .7.答案为:C ;8.答案为:B ;解析:设球的半径为R ,由球的截面性质得R=22+12=3,所以球的体积V=43πR 3=43π.9.答案为:C.解析:如图所示,当点C 位于垂直于面AOB 的直径端点时,三棱锥OABC 的体积最大,设球O 的半径为R ,此时V O ABC =V C AOB =13×12R 2×R=16R 3=36,故R=6,则球O 的表面积为S=4πR 2=144π.10.B.解题思路:该几何体是棱长为2的正方体内的四面体11A BCC .1BCC ∆的面积为2,111A BC A CC ∆∆、的面积均为,11A BC ∆的面积为24表面积为,故选B.11.答案为:B ;解析:由等边△ABC 的面积为93,可得34AB 2=93,所以AB=6, 所以等边△ABC 的外接圆的半径为r=33AB=2 3.设球的半径为R , 球心到等边△ABC 的外接圆圆心的距离为d ,则d=R 2-r 2=16-12=2.所以三棱锥DABC 高的最大值为2+4=6,所以三棱锥DABC 体积的最大值为13×93×6=18 3.12.答案为:B.解析:如图,D ,E 分别为BC ,PA 的中点,易知球心O 在线段DE 上. ∵PB=PC=AB=AC ,∴PD ⊥BC ,AD ⊥BC ,PD=AD.又平面PBC⊥平面ABC ,平面PBC∩平面ABC=BC ,∴PD ⊥平面ABC.∴PD⊥AD.∴PD =AD=4 2.∵点E 是PA 的中点,∴ED ⊥PA ,且DE=EA=PE=4.设球O 的半径为R ,OE=x ,则OD=4-x.在Rt △OEA 中,有R 2=16+x 2,在Rt △OBD 中,有R 2=4+(4-x)2,解得R 2=654,所以S=4πR 2=65π,故选B.13.答案为:144;解析:沿虚线折出纸盒后,该纸盒的长为16-2x ,宽为10-2x ,高为x ,则0<x <5,其容积为V =x(16-2x)·(10-2x)=4x 3-52x 2+160x ,所以V′=12x 2-104x +160=4(x -2)(3x -20),令V′=0,得x =2或x =203>5(舍去),当x ∈(0,2)时,V′>0,即在(0,2)上,V(x)是增函数; 当x ∈(2,5),V′<0,即在(2,5)上,V(x)是减函数, 所以当x =2时,V(x)有最大值为144.14.答案为:26; 解析:易知该几何体是正四棱锥.连接BD ,设正四棱锥P -ABCD ,由PD =PB =1,BD =2,则PD ⊥PB .设底面中心O ,则四棱锥高PO =22,则其体积是V =13Sh =13×12×22=26.15.答案为:3;解析:由题意知,圆台中截面圆的半径为十寸,圆台内水的体积为V =13πh(r 2中+r 2下+r 中r 下)=π3×9×(102+62+10×6)=588π(立方寸),降雨量为V 142π=588π196π=3(寸).16.答案为:14;解析:设圆锥的母线长是R,则扇形的弧长是90πR180=πR2,设底面半径是r,则πR2=2πr,所以r=R4,所以圆锥的底面半径与母线长的比为1∶4.17.答案为:18π;解析:对角线BD绕着AB旋转,形成圆锥的侧面;边BC绕着AB旋转形成圆面;边CD绕着AB 旋转,形成圆柱的侧面,所以该几何体是由圆柱挖去一个同底面的圆锥,所以V=π·32·3-13·π·32·3=18π.18.答案为:6π;解析:如图,以DA,AB,BC为棱长构造正方体,设正方体的外接球O的半径为R,则正方体的体对角线长即为球O的直径,所以|CD|=(2)2+(2)2+(2)2=2R,所以R=62,故球O的体积V=4πR33=6π.。
2019高考数学二轮复习专题三立体几何第1讲空间几何体的三视图、表面积和体积练习

亲爱的同学:这份试卷将再次记录你的自信、沉着、智慧和收获,我们一直投给你信任的目光……第1讲 空间几何体的三视图、表面积和体积高考定位 1.三视图的识别和简单应用;2.简单几何体的表面积与体积计算,主要以选择题、填空题的形式呈现,在解答题中,有时与空间线、面位置证明相结合,面积与体积的计算作为其中的一问.真 题 感 悟1.(2018·全国Ⅲ卷)中国古建筑借助榫卯将木构件连接起来.构件的凸出部分叫榫头,凹进部分叫卯眼,图中木构件右边的小长方体是榫头.若如图摆放的木构件与某一带卯眼的木构件咬合成长方体,则咬合时带卯眼的木构件的俯视图可以是( )解析 由题意知,在咬合时带卯眼的木构件中,从俯视方向看,榫头看不见,所以是虚线,结合榫头的位置知选A. 答案 A2.(2018·全国Ⅰ卷)已知圆柱的上、下底面的中心分别为O 1,O 2,过直线O 1O 2的平面截该圆柱所得的截面是面积为8的正方形,则该圆柱的表面积为( ) A.122πB.12πC.82πD.10π解析 因为过直线O 1O 2的平面截该圆柱所得的截面是面积为8的正方形,所以圆柱的高为22,底面圆的直径为2 2.所以S 表面积=2×π×(2)2+2π×2×22=12π. 答案 B3.(2018·天津卷)已知正方体ABCD -A1B 1C 1D 1的棱长为1,除面ABCD 外,该正方体其余各面的中心分别为点E ,F ,G ,H ,M (如图),则四棱锥M -EFGH 的体积为________.解析 连接AD 1,CD 1,B 1A ,B 1C ,AC ,因为E ,H 分别为AD 1,CD 1的中点,所以EH ∥AC ,EH =12AC .因为F ,G 分别为B 1A ,B 1C 的中点,所以FG ∥AC ,FG =12AC .所以EH∥FG ,EH =FG ,所以四边形EHGF 为平行四边形,又EG =HF ,EH =HG ,所以四边形EHGF 为正方形.又点M 到平面EHGF 的距离为12,所以四棱锥M -EFGH 的体积为13×⎝ ⎛⎭⎪⎫222×12=112.答案1124.(2017·全国Ⅰ卷)已知三棱锥S -ABC 的所有顶点都在球O 的球面上,SC 是球O 的直径.若平面SCA ⊥平面SCB ,SA =AC ,SB =BC ,三棱锥S -ABC 的体积为9,则球O 的表面积为________.解析 如图,连接OA ,OB ,因为SA =AC ,SB =BC ,SC 为球O 的直径,所以OA ⊥SC ,OB ⊥SC .因为平面SAC ⊥平面SBC ,平面SAC ∩平面SBC =SC ,且OA ⊂平面SAC ,所以OA ⊥平面SBC .设球的半径为r ,则OA =OB =r ,SC =2r , 所以V A -SBC =13×S △SBC ×OA =13×12×2r ×r ×r =13r 3,所以13r 3=9⇒r =3,所以球的表面积为4πr 2=36π.答案 36π考 点 整 合1.空间几何体的三视图(1)几何体的摆放位置不同,其三视图也不同,需要注意长对正、高平齐、宽相等. (2)由三视图还原几何体:一般先从俯视图确定底面,再利用正视图与侧视图确定几何体. 2.空间几何体的两组常用公式 (1)柱体、锥体、台体的表面积公式: ①圆柱的表面积S =2πr (r +l ); ②圆锥的表面积S =πr (r +l );③圆台的表面积S =π(r ′2+r 2+r ′l +rl ); ④球的表面积S =4πR 2. (2)柱体、锥体和球的体积公式: ①V 柱体=Sh (S 为底面面积,h 为高); ②V 锥体=13Sh (S 为底面面积,h 为高);③V 球=43πR 3.热点一 空间几何体的三视图与直观图【例1】 (1)(2018·兰州模拟)中国古代数学名著《九章算术》中,将底面是直角三角形的直棱柱称为“堑堵”.已知某“堑堵”的正视图和俯视图如图所示,则该“堑堵”的侧视图的面积为( ) A.18 6 B.18 3 C.18 2D.2722(2)(2018·全国Ⅰ卷)某圆柱的高为2,底面周长为16,其三视图如图.圆柱表面上的点M 在正视图上的对应点为A ,圆柱表面上的点N 在左视图上的对应点为B ,则在此圆柱侧面上,从M 到N 的路径中,最短路径的长度为( )A.217B.2 5C.3D.2解析 (1)在俯视图Rt △ABC 中,作AH ⊥BC 交于H . 由三视图的意义, 则BH =6,HC =3,根据射影定理,AH 2=BH ·HC ,∴AH =3 2.易知该“堑堵”的侧视图是矩形,长为6,宽为AH =3 2.故侧视图的面积S =6×32=18 2.(2)由三视图可知,该几何体为如图①所示的圆柱,该圆柱的高为2,底面周长为16.画出该圆柱的侧面展开图,如图②所示,连接MN ,则MS =2,SN =4.则从M 到N 的路径中,最短路径的长度为MS 2+SN 2=22+42=2 5.答案 (1)C (2)B探究提高 1.由直观图确定三视图,一要根据三视图的含义及画法和摆放规则确认.二要熟悉常见几何体的三视图. 2.由三视图还原到直观图的思路 (1)根据俯视图确定几何体的底面.(2)根据正视图或侧视图确定几何体的侧棱与侧面的特征,调整实线和虚线所对应的棱、面的位置.(3)确定几何体的直观图形状.【训练1】 (1)如图,在底面边长为1,高为2的正四棱柱ABCD -A 1B 1C 1D 1中,点P 是平面A 1B 1C 1D 1内一点,则三棱锥P -BCD 的正视图与侧视图的面积之和为( )A.1B.2C.3D.4(2)(2017·北京卷)某四棱锥的三视图如图所示,则该四棱锥的最长棱的长度为( )A.3 2B.2 3C.2 2D.2解析 (1)设点P 在平面A 1ADD 1的射影为P ′,在平面C 1CDD 1的射影为P ″,如图所示.∴三棱锥P -BCD 的正视图与侧视图分别为△P ′AD 与△P ″CD , 因此所求面积S =S △P ′AD +S △P ″CD =12×1×2+12×1×2=2.(2)根据三视图可得该四棱锥的直观图(四棱锥P -ABCD )如图所示,将该四棱锥放入棱长为2的正方体中.由图可知该四棱锥的最长棱为PD ,PD =22+22+22=2 3.答案 (1)B (2)B热点二 几何体的表面积与体积 考法1 空间几何体的表面积【例2-1】 (1)(2017·全国Ⅰ卷)某多面体的三视图如图所示,其中正视图和侧视图都由正方形和等腰直角三角形组成,正方形的边长为2,俯视图为等腰直角三角形,该多面体的各个面中有若干个是梯形,这些梯形的面积之和为( ) A.10 B.12C.14D.16(2)(2018·西安模拟)如图,网格纸上正方形小格的边长为1,粗实线画出的是某几何体的三视图,则该几何体的表面积为( )A.20πB.24πC.28πD.32π解析 (1)由三视图可画出直观图,该直观图各面内只有两个相同的梯形的面,S 梯=12×(2+4)×2=6,S 全梯=6×2=12.(2)由三视图知,该几何体由一圆锥和一个圆柱构成的组合体, ∵S 圆锥侧=π×3×32+42=15π,S 圆柱侧=2π×1×2=4π,S 圆锥底=π×32=9π.故几何体的表面积S =15π+4π+9π=28π. 答案 (1)B (2)C探究提高 1.由几何体的三视图求其表面积:(1)关键是分析三视图确定几何体中各元素之间的位置关系及度量大小;(2)还原几何体的直观图,套用相应的面积公式. 2.(1)多面体的表面积是各个面的面积之和;组合体的表面积注意衔接部分的处理. (2)旋转体的表面积问题注意其侧面展开图的应用.【训练2】 (1)(2016·全国Ⅰ卷)如图,某几何体的三视图是三个半径相等的圆及每个圆中两条互相垂直的半径.若该几何体的体积是28π3,则它的表面积是( )A.17πB.18πC.20πD.28π(2)(2018·烟台二模)某几何体的三视图如图所示,其中俯视图右侧曲线为半圆弧,则几何体的表面积为( )A.3π+42-2B.3π+22-2C.3π2+22-2D.3π2+22+2解析 (1)由题知,该几何体的直观图如图所示,它是一个球(被过球心O 且互相垂直的三个平面)切掉左上角的18后得到的组合体,其表面积是球面面积的78和三个14圆面积之和,易得球的半径为2,则得S =78×4π×22+3×14π×22=17π.(2)由三视图,该几何体是一个半圆柱挖去一直三棱柱,由对称性,几何体的底面面积S 底=π×12-(2)2=π-2.∴几何体表面积S =2(2×2)+12(2π×1×2)+S 底=42+2π+π-2=3π+42-2. 答案 (1)A (2)A 考法2 空间几何体的体积【例2-2】 (1)(2018·河北衡水中学调研)某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为( )A.6B.4C.223D.203(2)由一个长方体和两个14圆柱构成的几何体的三视图如图,则该几何体的体积为________.解析 (1)由三视图知该几何体是边长为2的正方体挖去一个三棱柱(如图),且挖去的三棱柱的高为1,底面是等腰直角三角形,等腰直角三角形的直角边长为2.故几何体体积V =23-12×2×2×1=6.(2)该几何体由一个长、宽、高分别为2,1,1的长方体和两个底面半径为1,高为1的14圆柱体构成.所以V =2×1×1+2×14×π×12×1=2+π2.答案 (1)A (2)2+π2探究提高 1.求三棱锥的体积:等体积转化是常用的方法,转换原则是其高易求,底面放在已知几何体的某一面上.2.求不规则几何体的体积:常用分割或补形的思想,将不规则几何体转化为规则几何体以易于求解.【训练3】 (1)(2018·江苏卷)如图所示,正方体的棱长为2,以其所有面的中心为顶点的多面体的体积为________.(2)(2018·北京燕博园质检)某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为( )A.8π-163B.4π-163C.8π-4D.4π+83解析 (1)正方体的棱长为2,以其所有面的中心为顶点的多面体是正八面体,其中正八面体的所有棱长都是 2.则该正八面体的体积为13×(2)2×1×2=43.(2)该图形为一个半圆柱中间挖去一个四面体,∴体积V =12π×22×4-13×12×2×4×4=8π-163. 答案 (1)43(2)A热点三 多面体与球的切、接问题【例3】 (2016·全国Ⅲ卷)在封闭的直三棱柱ABC -A 1B 1C 1内有一个体积为V 的球.若AB ⊥BC ,AB =6,BC =8,AA 1=3,则V 的最大值是( )A.4πB.9π2C.6πD.32π3解析 由AB ⊥BC ,AB =6,BC =8,得AC =10.要使球的体积V 最大,则球与直三棱柱的部分面相切,若球与三个侧面相切,设底面△ABC 的内切圆的半径为r .则12×6×8=12×(6+8+10)·r ,所以r =2. 2r =4>3,不合题意.球与三棱柱的上、下底面相切时,球的半径R 最大.由2R =3,即R =32.故球的最大体积V =43πR 3=92π.答案 B【迁移探究1】 若本例中的条件变为“直三棱柱ABC -A 1B 1C 1的6个顶点都在球O 的球面上”,若AB =3,AC =4,AB ⊥AC ,AA 1=12,求球O 的表面积. 解 将直三棱柱补形为长方体ABEC -A 1B 1E 1C 1, 则球O 是长方体ABEC -A 1B 1E 1C 1的外接球. ∴体对角线BC 1的长为球O 的直径. 因此2R =32+42+122=13. 故S 球=4πR 2=169π.【迁移探究2】 若将题目的条件变为“如图所示是一个几何体的三视图”试求该几何体外接球的体积.解 该几何体为四棱锥,如图所示,设正方形ABCD 的中心为O ,连接OP . 由三视图,PH =OH =1, 则OP =OH 2+PH 2= 2. 又OB =OC =OD =OA = 2. ∴点O 为几何体外接球的球心, 则R =2,V 球=43πR 3=823π.探究提高 1.与球有关的组合体问题,一种是内切,一种是外接.球与旋转体的组合通常是作它们的轴截面解题,球与多面体的组合,通过多面体的一条侧棱和球心,或“切点”、“接点”作出截面图,把空间问题化归为平面问题.2.若球面上四点P ,A ,B ,C 中PA ,PB ,PC 两两垂直或三棱锥的三条侧棱两两垂直,可构造长方体或正方体确定直径解决外接问题.【训练4】 (2018·广州三模)三棱锥P -ABC 中,平面PAC ⊥平面ABC ,AB ⊥AC ,PA =PC =AC =2,AB =4,则三棱锥P -ABC 的外接球的表面积为( )A.23πB.234π C.64π D.643π解析 如图,设O ′为正△PAC 的中心,D 为Rt △ABC 斜边的中点,H 为AC 中点.由平面PAC ⊥平面ABC .则O ′H ⊥平面ABC .作O ′O ∥HD ,OD ∥O ′H ,则交点O 为三棱锥外接球的球心,连接OP ,又O ′P =23PH =23×32×2=233,OO ′=DH =12AB =2.∴R 2=OP 2=O ′P 2+O ′O 2=43+4=163.故几何体外接球的表面积S =4πR 2=643π.答案 D1.求解几何体的表面积或体积(1)对于规则几何体,可直接利用公式计算.(2)对于不规则几何体,可采用割补法求解;对于某些三棱锥,有时可采用等体积转换法求解.(3)求解旋转体的表面积和体积时,注意圆柱的轴截面是矩形,圆锥的轴截面是等腰三角形,圆台的轴截面是等腰梯形的应用.(4)求解几何体的表面积时要注意S 表=S 侧+S 底.2.球的简单组合体中几何体度量之间的关系,如棱长为a 的正方体的外接球、内切球、棱切球的半径分别为32a ,a 2,22a . 3.锥体体积公式为V =13Sh ,在求解锥体体积中,不能漏掉13.一、选择题1.“牟合方盖”是我国古代数学家刘徽在研究球的体积的过程中构造的一个和谐优美的几何体.它由完全相同的四个曲面构成,相对的两个曲面在同一个圆柱的侧面上,好似两个扣合(牟合)在一起的方形伞(方盖).其直观图如图,图中四边形是为体现其直观性所作的辅助线.当其正视图和侧视图完全相同时,它的俯视图可能是( )解析由直观图知,俯视图应为正方形,又上半部分相邻两曲面的交线为可见线,在俯视图中应为实线,因此,选项B可以是几何体的俯视图.答案 B2.(2018·北京卷)某四棱锥的三视图如图所示,在此四棱锥的侧面中,直角三角形的个数为( )A.1B.2C.3D.4解析在正方体中作出该几何体的直观图,记为四棱锥P-ABCD,如图,由图可知在此四棱锥的侧面中,直角三角形的个数为3,是△PAD,△PCD,△PAB.答案 C3.(2018·湖南师大附中联考)某几何体的三视图如图所示,则该几何体的表面积为( )A.8(π+4)B.8(π+8)C.16(π+4)D.16(π+8)解析由三视图还原原几何体如右图:该几何体为两个空心半圆柱相切,半圆柱的半径为2,母线长为4,左右为边长是4的正方形.∴该几何体的表面积为2×4×4+2π×2×4+2(4×4-π×22)=64+8π=8(π+8).答案 B4.(2017·全国Ⅲ卷)已知圆柱的高为1,它的两个底面的圆周在直径为2的同一个球的球面上,则该圆柱的体积为( )A.πB.3π4C.π2D.π4解析 如图画出圆柱的轴截面ABCD ,O 为球心.球半径R =OA =1,球心到底面圆的距离为OM =12. ∴底面圆半径r =OA 2-OM 2=32,故圆柱体积V =π·r 2·h =π·⎝ ⎛⎭⎪⎫322×1=3π4. 答案 B5.(2018·北京燕博园押题)某几何体的三视图如图所示,三个视图中的曲线都是圆弧,则该几何体的体积为( )A.4π3B.5π3C.7π6D.11π6解析 由三视图可知,该几何体是由半个圆柱与18个球组成的组合体,其体积为12×π×12×3+18×4π3×13=5π3.答案 B6.(2018·全国Ⅲ卷)设A ,B ,C ,D 是同一个半径为4的球的球面上四点,△ABC 为等边三角形且其面积为93,则三棱锥D -ABC 体积的最大值为( ) A.12 3 B.18 3 C.24 3 D.54 3解析 设等边△ABC 的边长为x ,则12x 2sin 60°=93,得x =6.设△ABC 的外接圆半径为r ,则2r =6sin 60°,解得r =23,所以球心到△ABC 所在平面的距离d =42-(23)2=2,则点D 到平面ABC 的最大距离d 1=d +4=6.所以三棱锥D -ABC 体积的最大值V max =13S △ABC ×6=13×93×6=18 3.答案 B二、填空题7.(2018·浙江卷改编)某几何体的三视图如图所示(单位:cm),则该几何体的体积(单位:cm 3)为________.解析 由三视图可知,该几何体是一个底面为直角梯形的直四棱柱,所以该几何体的体积V =12×(1+2)×2×2=6. 答案 68.(2018·郑州质检)已知长方体ABCD -A 1B 1C 1D 1内接于球O ,底面ABCD 是边长为2的正方形,E 为AA 1的中点,OA ⊥平面BDE ,则球O 的表面积为________.解析 取BD 的中点为O 1,连接OO 1,OE ,O 1E ,O 1A ,则四边形OO 1AE 为矩形,∵OA ⊥平面BDE ,∴OA ⊥EO 1,即四边形OO 1AE 为正方形,则球O 的半径R =OA =2,∴球O 的表面积S =4π×22=16π.答案 16π 9.(2018·武汉模拟)某几何体的三视图如图所示,其中正视图的轮廓是底边为23,高为1的等腰三角形,俯视图的轮廓为菱形,侧视图是个半圆.则该几何体的体积为________.解析 由三视图知,几何体是由两个大小相同的半圆锥的组合体. 其中r =1,高h = 3.故几何体的体积V =13π×12×3=33π. 答案 33π 三、解答题10.在三棱柱ABC -A 1B 1C 1中,侧面AA 1C 1C ⊥底面ABC ,AA 1=A 1C =AC =AB =BC =2,且点O 为AC 中点.(1)证明:A 1O ⊥平面ABC ;(2)求三棱锥C 1-ABC 的体积.(1)证明 因为AA 1=A 1C ,且O 为AC 的中点,所以A 1O ⊥AC ,又面AA 1C 1C ⊥平面ABC ,平面AA 1C 1C ∩平面ABC =AC ,且A 1O ⊂平面AA 1C 1C , ∴A 1O ⊥平面ABC .(2)解 ∵A 1C 1∥AC ,A 1C 1⊄平面ABC ,AC ⊂平面ABC ,∴A 1C 1∥平面ABC ,即C 1到平面ABC 的距离等于A 1到平面ABC 的距离. 由(1)知A 1O ⊥平面ABC 且A 1O =AA 21-AO 2=3,∴VC 1-ABC =VA 1-ABC =13S △ABC ·A 1O =13×12×2×3×3=1.11.(2018·长春模拟)如图,在四棱锥P -ABCD 中,平面PAB ⊥平面ABCD ,PA =PB ,AD ∥BC ,AB =AC ,AD =12BC =1,PD =3,∠BAD =120°,M 为PC 的中点.(1)证明:DM ∥平面PAB ;(2)求四面体MABD 的体积.(1)证明 取PB 中点N ,连接MN ,AN .∵M 为PC 的中点,∴MN ∥BC 且MN =12BC ,又AD ∥BC ,且AD =12BC ,得MN 綉AD . ∴ADMN 为平行四边形,∴DM ∥AN .又AN ⊂平面PAB ,DM ⊄平面PAB ,∴DM ∥平面PAB .(2)解 取AB 中点O ,连接PO ,∵PA =PB ,∴PO ⊥AB ,又∵平面PAB ⊥平面ABCD ,平面PAB ∩平面ABCD =AB ,PO ⊂平面PAB , 则PO ⊥平面ABCD ,取BC 中点H ,连接AH ,∵AB =AC ,∴AH ⊥BC ,又∵AD ∥BC ,∠BAD =120°,∴∠ABC =60°,Rt △ABH 中,BH =12BC =1,AB =2, ∴AO =1,又AD =1,△AOD 中,由余弦定理知,OD = 3.Rt △POD 中,PO =PD 2-OD 2= 6.又S △ABD =12AB ·AD sin 120°=32, ∴V M -ABD =13·S △ABD ·12PO =24.。
高中数学空间几何体的表面积与体积练习题及答案

空间几何体的表面积与体积专题一、选择题1.棱长为2的正四面体的表面积是( C ).A. 3 B .4 C .4 3 D .16解析 每个面的面积为:12×2×2×32= 3.∴正四面体的表面积为:4 3.2.把球的表面积扩大到原来的2倍,那么体积扩大到原来的 ( B ). A .2倍 B .22倍 C.2倍 D.32倍解析 由题意知球的半径扩大到原来的2倍,则体积V =43πR 3,知体积扩大到原来的22倍.3.如图是一个长方体截去一个角后所得多面体的三视图,则该多面体的体积为( B ). A.1423 B.2843 C.2803D.1403解析 根据三视图的知识及特点,可画出多面体 的形状,如图所示.这个多面体是由长方体截去 一个正三棱锥而得到的,所以所求多面体的体积V =V 长方体-V 正三棱锥=4×4×6-13×⎝ ⎛⎭⎪⎫12×2×2×2=2843. 4.某几何体的三视图如下,则它的体积是( A) A .8-2π3 B .8-π3C .8-2πD.2π3解析 由三视图可知该几何体是一个边长为2的正方体内部挖去一个底面半径为1,高为2的圆锥,所以V =23-13×π×2=8-2π3.5.已知某几何体的三视图如图,其中正视图中半圆的半径为1,则该几何体的体积为( A)A .24-32π B .24-π3 C .24-π D .24-π2据三视图可得几何体为一长方体内挖去一个半圆柱,其中长方体的棱长分别为:2,3,4,半圆柱的底面半径为1,母线长为3,故其体积V =2×3×4-12×π×12×3=24-3π2.6.某品牌香水瓶的三视图如图 (单位:cm),则该几何体的表面积为( C )A.⎝ ⎛⎭⎪⎫95-π2 cm 2B.⎝ ⎛⎭⎪⎫94-π2 cm 2C.⎝ ⎛⎭⎪⎫94+π2 cm 2D.⎝⎛⎭⎪⎫95+π2 cm 2解析 这个空间几何体上面是一个四棱柱、中间部分是一个圆柱、下面是一个四棱柱.上面四棱柱的表面积为2×3×3+12×1-π4=30-π4;中间部分的表面积为2π×12×1=π,下面部分的表面积为2×4×4+16×2-π4=64-π4.故其表面积是94+π2.7.已知球的直径SC =4,A ,B 是该球球面上的两点,AB =3,∠ASC =∠BSC =30°,则棱锥S-ABC 的体积为( C).A .3 3B .2 3 C. 3 D .1解析 由题可知AB 一定在与直径SC 垂直的小圆面上,作过AB 的小圆交直径SC 于D ,设SD =x ,则DC =4-x ,此时所求棱锥即分割成两个棱锥S-ABD 和C-ABD ,在△SAD 和△SBD 中,由已知条件可得AD =BD =33x ,又因为SC 为直径,所以∠SBC =∠SAC =90°,所以∠DCB =∠DCA =60°,在△BDC 中 ,BD =3(4-x ),所以33x =3(4-x ),所以x =3,AD =BD =3,所以三角形ABD 为正三角形,所以V =13S △ABD ×4= 3.二、填空题8.三棱锥PABC 中,PA ⊥底面ABC ,PA =3,底面ABC 是边长为2的正三角形,则三棱锥PABC 的体积等于__3______.解析 依题意有,三棱锥PABC 的体积V =13S △ABC ·|PA |=13×34×22×3= 3.9.一个圆柱的轴截面是正方形,其侧面积与一个球的表面积相等,那么这个圆柱的体积与这个球的体积之比为_ 3∶2_______.解析 设圆柱的底面半径是r ,则该圆柱的母线长是2r ,圆柱的侧面积是2πr ·2r =4πr 2,设球的半径是R ,则球的表面积是4πR 2,根据已知4πR 2=4πr 2,所以R =r .所以圆柱的体积是πr 2·2r =2πr 3,球的体积是43πr 3,所以圆柱的体积和球的体积的比是2πr 343πr 3=3∶2.10.如图所示,已知一个多面体的平面展开图由一个边长为1的正方形和4个边长为1的正三角形组成,则该多面体的体积是___26_____.解析由题知该多面体为正四棱锥,底面边长为1,侧棱长为1,斜高为32,连接顶点和底面中心即为高,可求得高为22,所以体积V=13×1×1×22=26.11.如图,半径为R的球O中有一内接圆柱.当圆柱的侧面积最大时,球的表面积与该圆柱的侧面积之差是____2πR2____.解析由球的半径为R,可知球的表面积为4πR2.设内接圆柱底面半径为r,高为2h,则h2+r2=R2.而圆柱的侧面积为2πr·2h=4πrh≤4πr2+h22=2πR2(当且仅当r=h时等号成立),即内接圆柱的侧面积最大值为2πR2,此时球的表面积与内接圆柱的侧面积之差为2πR2.12.如图,已知正三棱柱ABCA1B1C1的底面边长为2 cm,高为5 cm,则一质点自点A出发,沿着三棱柱的侧面绕行两周到达点A1的最短路线的长为___13_____cm. 解析根据题意,利用分割法将原三棱柱分割为两个相同的三棱柱,然后将其展开为如图所示的实线部分,则可知所求最短路线的长为52+122=13 (cm).三、解答题13.某高速公路收费站入口处的安全标识墩如图1所示,墩的上半部分是正四棱锥PEFGH,下半部分是长方体ABCDEFGH.图2、图3分别是该标识墩的正视图和俯视图.(1)请画出该安全标识墩的侧视图;(2)求该安全标识墩的体积.解析(1)侧视图同正视图,如图所示:(2)该安全标识墩的体积为V=VPEFGH +V ABCDEFGH=13×402×60+402×20=64 000(cm3).14 .一个几何体的三视图如图所示.已知正视图是底边长为1的平行四边形,侧视图是一个长为3,宽为1的矩形,俯视图为两个边长为1的正方形拼成的矩形.(1)求该几何体的体积V;(2)求该几何体的表面积S.解析 (1)由三视图可知,该几何体是一个平行六面体(如图),其底面是边长为1的正方形,高为3,所以V =1×1×3= 3.(2)由三视图可知,该平行六面体中,A1D ⊥平面ABCD ,CD ⊥平面BCC1B1, 所以AA1=2,侧面ABB1A1,CDD1C1均为矩形, S =2×(1×1+1×3+1×2)=6+2 3.15.已知某几何体的俯视图是如右图所示的矩形,正视图(或称主视图)是一个底边长为8、高为4的等腰三角形,侧视图(或称左视图)是一个底边长为6、高为4的等腰三角形.(1)求该几何体的体积V ;(2)求该几何体的侧面积S .解析 由题设可知,几何体是一个高为4的四棱锥,其底面是长、宽分别为8和6的矩形,正侧面及其相对侧面均为底边长为8,高为h 1的等腰三角形,左、 右侧面均为底边长为6,高为h 2的等腰三角形,如右图所示. (1)几何体的体积为:V =13·S 矩形·h =13×6×8×4=64.(2)正侧面及相对侧面底边上的高为:h 1=42+32=5.左、右侧面的底边上的高为:h 2=42+42=4 2.故几何体的侧面面积为:S =2×⎝ ⎛⎭⎪⎫12×8×5+12×6×42=40+24 2. 1.一个圆柱的侧面展开图是一个正方形,这个圆柱的全面积与侧面积的比是( ). .解:设展开图的正方形边长为a ,圆柱的底面半径为r ,则2πr =a ,2ar π=,底面圆的面积是24a π,于是全面积与侧面积的比是2221222a a a πππ++=, 2.在棱长为 1 的正方体上,分别用过共顶点的三条棱中点的平面截该正方体,则截去与8个顶点相关的8个三棱锥后 ,剩下的几何体的体积是( ).2.解:正方体的体积为1,过共顶点的三条棱中点的平面截该正方体截得的三棱锥的体积是111111()3222248⨯⨯⨯⨯=,于是8个三棱锥的体积是61,剩余部分的体积是65, 3.一个直棱柱(侧棱垂直于底面的棱柱)的底面是菱形,对角线长分别是6cm 和8cm ,高是5cm ,则这个直棱柱的全面积是 。
2020年高考数学(理)总复习:空间几何体的三视图、表面积与体积(原卷版)

2020年高考数学(理)总复习: 空间几何体的三视图、表面积与体积题型一 空间几何体的三视图与直观图【题型要点】 三视图往往与几何体的体积、表面积以及空间线面关系、角、距离等问题相结合,解决此类问题的关键是由三视图准确确定空间几何体的形状及其结构特征并且熟悉常见几何体的三视图.由三视图还原几何体的步骤(1)根据俯视图确定几何体的底面;(2)根据正(主)视图或侧(左)视图确定几何体的侧棱与侧面的特征,调整实线和虚线所对应的棱、面的位置;(3)确定几何体的形状,即可得到结果.【例1】某多面体的三视图如图所示,其中正视图和左视图都由正方形和等腰直角三角形组成,正方形的边长为2,俯视图为等腰直角三角形.该多面体的各个面中有若干个是梯形,这些梯形的面积之和为( )A .10B .12C .14D .16【例2】.已知某锥体的正(主)视图和侧(左)视图如图,则该锥体的俯视图不可能是( )题组训练一 空间几何体的三视图与直观图1.如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某几何体的正视图(等腰直角三角形)和侧视图,且该几何体的体积为83,则该几何体的俯视图可以是( )2.如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某几何体的三视图,则此几何体的体积为()A.12 B.18C.24 D.30题型二空间几何体的表面积与体积【题型要点】(1)求解几何体的表面积及体积的技巧①求几何体的表面积及体积问题,可以多角度、多方位地考虑,熟记公式是关键所在.求三棱锥的体积,等体积转化是常用的方法,转化原则是其高易求,底面放在已知几何体的某一面上.②求不规则几何体的体积,常用分割或补形的思想,将不规则几何体转化为规则几何体以易于求解.(2)根据几何体的三视图求其表面积与体积的三个步骤第一步:根据给出的三视图判断该几何体的形状.第二步:由三视图中的大小标示确定该几何体的各个度量.第三步:套用相应的面积公式与体积公式计算求解.【例3】如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗实线画出的是某几何体的三视图,该几何体由一平面将一圆柱截去一部分后所得,则该几何体的体积为()A.90π B.63πC.42π D.36π【例4】.某几何体的三视图如图所示,若该几何体的体积为12π+8,则该几何体的表面积为()A.18π+82+4 B.20π+8 2C.10π+4 2 D.45π+272+9题组训练二空间几何体的表面积与体积1.《九章算术》是我国古代内容极为丰富的数学名著,系统地总结了战国、秦、汉时期的数学成就.书中将底面为长方形且有一条侧棱与底面垂直的四棱锥称之为“阳马”,若某“阳马”的三视图如图所示(单位:cm),则该“阳马”的外接球的体积为()A .100π cm 3B.500π3 cm 3C .400π cm 3D.4 000π3cm 32.由一个长方体和两个14圆柱体构成的几何体的三视图如下图,则该几何体的体积为________.3.一个四棱锥的三视图如图所示,其俯视图为等腰直角三角形,则该几何体的体积为( )A.223B.43 C. 2D .4题型三 多面体与球 【题型要点】(1)解决球与几何体的切、接问题的关键在于确定球的半径与几何体的度量之间的关系,这就需要灵活利用球的截面性持以及组合体的截面特征来确定.对于旋转体与球的组合体,主要利用它们的轴截面性质建立相关数据之间的关系;而对于多面体,应抓住多面体的结构特征灵活选择过球心的截面,把多面体的相关数据和球的半径在截面图形中体现出来.(2)若球面上四点P ,A ,B ,C 构成的三条线段P A ,PB ,PC 两两互相垂直,且P A =a ,PB =b ,PC =c ,一般把有关元素“补形”成为一个球内接长方体,则4R 2=a 2+b 2+c 2求解.【例5】某几何体的三视图如图所示,则该几何体的外接球的体积为( )A.43πB.32327πC.28327πD.282127π【例6】.已知圆柱的高为1,它的两个底面的圆周在直径为2的同一个球的球面上,则该圆柱的体积为( )A .π B.3π4 C.π2 D.π4题组训练三 多面体与球1.等腰△ABC 中,AB =AC =5,BC =6,将△ABC 沿BC 边上的高AD 折成直二面角B -AD -C ,则三棱锥B -ACD 的外接球的表面积为( )A .5π B.203π C .10πD .34π 2.如图,有一个水平放置的透明无盖的正方体容器,容器高8 cm ,将一个球放在容器口,再向容器内注水,当球面恰好接触水面时测得水深为6 cm ,如果不计容器的厚度,则球的体积为( )A.500π3 cm 3B.866π3 cm 3C.1 372π3cm 3D.2 048π3cm 3题型四 转化思想在三视图与直观图中的应用空间几何体的三视图还原为直观图求其表面积与体积能让学生经历由三视图到实物图,再到直观图的过程,能较好地考查学生的空间想象能力,命题涉及几何体的结构特征、表面积和体积问题是课标区高考的热点之一.(1)根据三视图判断空间几何体的形状,应特别注意三个视图中的实线与虚线,知道为什么是实线或虚线,为什么有这些线或没有某些线,对于正视图、侧视图中的直角,更要弄清楚它们是直角的原因.(2)要弄清三视图的有关数据与空间几何体的哪些数据相当,只需搞清由空间几何体如何得到三视图即可,平时应多加练习,总结规律.【例7】 已知一个空间几何体的三视图如图所示,根据图中标出的尺寸(单位:cm),可得这个几何体的体积是________cm 3.题组训练四 转化思想在三视图与直观图中的应用1.如图,网络纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某几何体的三视图,则在该几何体中,最长的棱与最短的棱所成角的余弦值是( )A.22B.32 C.12D.33【专题训练】 一、选择题1.某几何体的三视图如图所示(单位:cm),则该几何体的体积(单位:cm 3)是( )A.π2+1 B.π2+3 C.3π2+1 D.3π2+3 2.在正三棱锥S -ABC 中,点M 是SC 的中点,且AM ⊥SB ,底面边长AB =22,则正三棱锥S -ABC 的外接球的表面积为( )A .6πB .12πC .32πD .36π3.如图所示是一个组合几何体的三视图,则该几何体的体积为( )A.163πB.643C.16π+643D .16π+644.如图所示,将图(1)中的正方体截去两个三棱锥,得到图(2)中的几何体,则该几何体的侧视图为()5.如图,在正方体ABCD-A1B1C1D1中,点P是线段A1C1上的动点,则三棱锥P-BCD 的俯视图与正视图面积之比的最大值为()A.1 B. 2C. 3 D.26.一个长方体被一个平面截去一部分后,所剩几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为()A.24 B.48C.72 D.967.已知三棱锥S-ABC,△ABC是直角三角形,其斜边AB=8,SC⊥平面ABC,SC=6,则三棱锥的外接球的表面积为()A.64π B.68πC.72π D.100π8.下图中,是某几何体的三视图,且该几何体的顶点都在同一球面上,则该几何体的外接球的表面积为()A.32π B.48πC.50π D.64π9.如图所示,平面四边形ABCD中,AB=AD=CD=1,BD=2,BD⊥CD,将其沿对角线BD折成四面体A′BCD,使平面A′BD⊥平面BCD,若四面体A′BCD的顶点在同一个球面上,则该球的体积为()A.32π B.3πC.23π D.2π10.一光源P在桌面A的正上方,半径为2的球与桌面相切,且P A与球相切,小球在光源P的中心投影下在桌面产生的投影为一椭圆,如图所示,形成一个空间几何体,且正视图是Rt△P AB,其中P A=6,则该椭圆的短轴长为()A.6 B.8C.4 3 D.311.已知在三棱锥P—ABC中,P A⊥平面ABC,AB=AC=P A=2,且在△ABC中,∠BAC=120°,则三棱锥P —ABC 的外接球的体积为________.12.如图是某组合体的三视图,则内部几何体的体积的最大值为( )A.52()2-1π B.254()3-22π C .25()3-22π D.1256()52-7π 二、填空题13.如图所示,三棱锥P -ABC 中, △ABC 是边长为3的等边三角形, D 是线段AB 的中点, DE ∩PB =E ,且DE ⊥AB ,若∠EDC =120°, P A =32, PB =332,则三棱锥P -ABC 的外接球的表面积为________.14.如图,在三棱柱ABC -A 1B 1C 1中,侧棱AA 1⊥平面AB 1C 1,AA 1=1,底面△ABC 是边长为2的正三角形,则此三棱柱的体积为________.15.已知三棱锥A -BCD 中,AB =AC =BC =2,BD =CD =2,点E 是BC 的中点,点A 在平面BCD 上的射影恰好为DE 的中点,则该三棱锥外接球的表面积为________.16.如图,四棱锥P -ABCD 中,四边形ABCD 为矩形,平面P AD ⊥平面ABCD .若∠BPC =90°,PB =2,PC =2,则四棱锥P -ABCD 的体积最大值为________.11。
2020高考数学题型整理分类《(6)空间几何体的三视图、表面积与体积》解析版(含历年真题)

(六)小题考法——空间几何体的三视图、表面积与体积 A 组——10+7提速练一、选择题1.如图为一个几何体的侧视图和俯视图,则它的正视图为( )解析:选B 根据题中侧视图和俯视图的形状,判断出该几何体是在一个正方体的上表面上放置一个四棱锥(其中四棱锥的底面是边长与正方体棱长相等的正方形、顶点在底面上的射影是底面一边的中点),结合选项知,它的正视图为B.2.(2017·全国卷Ⅰ)某多面体的三视图如图所示,其中正视图和左视图都由正方形和等腰直角三角形组成,正方形的边长为2,俯视图为等腰直角三角形.该多面体的各个面中有若干个是梯形,这些梯形的面积之和为( )A .10B .12C .14D .16解析:选B 由三视图可知该多面体是一个组合体,下面是一个底面是等腰直角三角形的直三棱柱,上面是一个底面是等腰直角三角形的三棱锥,等腰直角三角形的腰长为2,直三棱柱的高为2,三棱锥的高为2,易知该多面体有2个面是梯形,这些梯形的面积之和为(2+4)×22×2=12,故选B. 3.(2017·浙江高考)某几何体的三视图如图所示(单位:cm),则该几何体的体积(单位:cm 3)是( )A.π2+1B.π2+3 C.3π2+1 D.3π2+3 解析:选A 由几何体的三视图可得,该几何体是一个底面半径为1,高为3的圆锥的一半与一个底面为直角边长为2的等腰直角三角形,高为3的三棱锥的组合体,故该几何体的体积V =13×12π×12×3+13×12×2×2×3=π2+1.4.(2017·郑州质检)某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为()A.80 B.160C.240 D.480解析:选B如图所示,题中的几何体是从直三棱柱ABC-A′B′C′中截去一个三棱锥A-A′B′C′后所剩余的部分,其中底面△ABC是直角三角形,AC⊥AB,AC=6,AB=8,BB′=10.因此题中的几何体的体积为12×6×8×10-13×12×6×8×10=23×12×6×8×10=160,故选B.5.(2018·湖州模拟)某三棱锥的三视图如图所示,则该三棱锥最长棱的长为()A. 5 B.2 2C.3 D.2 3解析:选C在棱长为2的正方体ABCD-A1B1C1D1中,M,N分别为AD,BC的中点,该几何体的直观图如图中三棱锥D1-MNB1,故通过计算可得,D1B1=22,D1M=B1N=5,MN=2,MB1=ND1=3,故该三棱锥中最长棱的长为3.6.一个几何体的三视图如图所示(其中正视图的弧线为四分之一圆周),则该几何体的表面积为()A .72+6πB .72+4πC .48+6πD .48+4π解析:选A 由三视图知,该几何体由一个正方体的34部分与一个圆柱的14部分组合而成(如图所示),其表面积为16×2+(16-4+π)×2+4×2×2+14×2π×2×4=72+6π,故选A. 7.某几何体的三视图如图所示,则其体积为( )A .207B .216-9π2C .216-36πD .216-18π解析:选B 由三视图知,该几何体是一个棱长为6的正方体挖去14个底面半径为3,高为6的圆锥而得到的,所以该几何体的体积V =63-14×13×π×32×6=216-9π2,故选B. 8.(2018·贵阳检测)三棱锥P -ABC 的四个顶点都在体积为500π3的球的表面上,底面ABC 所在的小圆面积为16π,则该三棱锥的高的最大值为( )A .4B .6C .8D .10 解析:选C 依题意,设题中球的球心为O ,半径为R ,△ABC 的外接圆半径为r ,则4πR 33=500π3,解得R =5,由πr 2=16π,解得r =4,又球心O 到平面ABC 的距离为R 2-r 2=3,因此三棱锥P -ABC 的高的最大值为5+3=8,故选C.9.(2019届高三·浙江第二次联考)已知一个几何体的三视图如图所示,则该几何体的表面积为( )A .3πB .15π4C .33π4D .6π解析:选B 由三视图还原直观图知,该几何体为底面半径为1,高为3的圆锥挖去一个球心为圆锥底面圆的圆心且与圆锥相切的半球,易知圆锥的母线长为2,则圆锥的轴截面为边长为2的等边三角形,球的半径为32,故该几何体的表面积为π×1×2+12×4π×⎝⎛⎭⎫322+π×12-π×⎝⎛⎭⎫322=15π4,故选B. 10.(2018·嘉兴高三期末)某几何体的三视图如图所示(单位:cm),则该几何体的表面积(单位:cm 2)是( )A .36+24 2B .36+12 5C .40+24 2D .40+12 5解析:选B 由三视图可知该几何体为一正方体和一正四棱台的简单组合体.正方体的棱长为2 cm ,正四棱台上底面的边长为2 cm ,下底面的边长为4 cm ,棱台的高为2 cm ,可求得正四棱台的斜高为22+12=5(cm),故该几何体的表面积S =22×5+12×(2+4)×5×4+42=36+125(cm 2).故选B.二、填空题11.高为4的直三棱柱被削去一部分后得到一个几何体,它的直观图和三视图中的侧视图、俯视图如图所示,则该几何体的体积是原直三棱柱的体积的________.解析:由侧视图、俯视图知该几何体是高为2、底面积为 12×2×(2+4)=6的四棱锥,其体积为13×6×2=4.而直三棱柱的体积为12×2×2×4=8,则该几何体的体积是原直三棱柱的体积的12. 答案:1212.(2019届高三·浙江名校联考)某几何体的三视图如图所示,且该几何体的体积是3,则正视图中的x 的值是________,该几何体的表面积是________.解析:由三视图可知,该几何体为四棱锥,由3=13×12×3×(1+2)x ,解得x =2.作出该几何体的直观图并标注相应棱的长度如图所示,则S表=12×3×(1+2)+12×2×3+12×22+12×2×7+12×1×7=53+37+42. 答案:253+37+42 13.已知某几何体的三视图如图所示,则该几何体的表面积为________,体积为________.解析:由三视图作出该空间几何体的直观图(如图所示),可知其表面积为12×1×2+12×5×2+12×1×2+12×2×5=2+25,体积为13×12×1×2×2=23. 答案:2+25 2314.已知正方体ABCD -A 1B 1C 1D 1的棱长为2,球O 与正方体的各条棱都相切,M 为球O 上的一点,点N 是△ACB 1外接圆上的一点,则线段MN 长度的取值范围是________.解析:易求得棱切球的半径为2,易知△ACB 1为正三角形,则球心O 到△ACB 1的外接圆上任意一点的距离均为12+(2)2=3,于是OM =2,ON = 3.因为|OM -ON |≤|MN |≤|OM +ON |,所以线段MN 长度的取值范围是[3-2,3+2].答案:[3-2,3+2]15.(2018·浙江高考数学原创猜题卷)已知一个空间几何体的三视图如图所示(单位:cm),则这个几何体的体积为________cm 3,表面积为________cm 2.解析:由三视图可知,空间几何体是一个四棱锥,该四棱锥的底面为直角梯形,一条侧棱与底面垂直.如图所示,四边形ABCD 是直角梯形,因为AB ⊥AD ,AB =AD =2 cm ,BC =4 cm ,所以CD =2 2cm.因为PA =2 cm ,AD =AB =2 cm ,所以PD =PB =2 2 cm ,连接AC ,易得AC =2 5 cm ,因为PA ⊥平面ABCD ,所以PC =PA 2+AC 2=2 6 cm ,所以该几何体的体积为13×(2+4)×22×2=4 cm 3. 易得S 梯形ABCD =(2+4)×22=6 cm 2, S △PAB =12×2×2=2 cm 2, S △PAD =12×2×2=2 cm 2, S △PBC =12×22×4=4 2 cm 2, △DPC 中,PC 边上的高为(22)2-(6)2= 2 cm ,所以S △PDC =12×26×2=2 3 cm 2, 所以该几何体的表面积为6+2+2+23+42=(10+23+42)cm 2.答案:4 (10+23+42)16.某几何体的三视图如图所示,俯视图由一个直径为2的半圆和一个正三角形组成,则此几何体的体积是________,表面积是________.解析:由题意可知,该几何体是由一个正三棱柱和半个圆柱组合而成的,正三棱柱的底面边长为2,高为4,半圆柱的底面半径为1,高为4,所以V =12×2×3×4+12π×12×4=43+2π,表面积S =2×4×2+12×3×2×2+π×12+π×1×4=16+23+5π. 答案:43+2π 16+23+5π17.已知在三棱锥P -ABC 中,V P -ABC =433,∠APC =π4,∠BPC =π3,PA ⊥AC ,PB ⊥BC ,且平面PAC ⊥平面PBC ,那么三棱锥P -ABC 外接球的体积为________.解析:如图,取PC 的中点O ,连接AO ,BO ,设PC =2R ,则OA=OB =OC =OP =R ,∴O 是三棱锥P -ABC 外接球的球心,易知,PB =R ,BC =3R ,∵∠APC =π4,PA ⊥AC ,O 为PC 的中点,∴AO ⊥PC ,又平面PAC ⊥平面PBC ,且平面PAC ∩平面PBC =PC ,∴AO ⊥平面PBC ,∴V P -ABC =V A -PBC =13×12×PB ×BC ×AO =13×12×R ×3R ×R =433,解得R =2,∴三棱锥P -ABC 外接球的体积V =43πR 3=32π3. 答案:32π3B 组——能力小题保分练1.某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积是( )A .16B .20C .52D .60解析:选B 由三视图知,该几何体由一个底面为直角三角形(直角边分别为3,4),高为6的三棱柱截去两个等体积的四棱锥所得,且四棱锥的底面是矩形(边长分别为2,4),高为3,如图所示,所以该几何体的体积V =12×3×4×6-2×13×2×4×3=20,故选B. 2.如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗实线画出的是某四棱锥的三视图,则该四棱锥外接球的表面积为( )A .136πB .34πC .25πD .18π解析:选B 由三视图知,该四棱锥的底面是边长为3的正方形,高为4,且有一条侧棱垂直于底面,所以可将该四棱锥补形为长、宽、高分别为3,3,4的长方体,该长方体外接球的半径R 即为该四棱锥外接球的半径,所以2R =32+32+42,解得R =342,所以该四棱锥外接球的表面积为4πR 2=34π,故选B. 3.如图,小方格是边长为1的正方形,一个几何体的三视图如图所示,则该几何体的表面积为( )A .45π+96B .(25+6)π+96C .(45+4)π+64D .(45+4)π+96解析:选D 由三视图可知,该几何体为一个圆锥和一个正方体的组合体,正方体的棱长为4,圆锥的高为4,底面半径为2,所以该几何体的表面积为S =6×42+π×22+π×2×42+22=(45+4)π+96.4.设球O 是正方体ABCD -A 1B 1C 1D 1的内切球,若平面ACD 1截球O 所得的截面面积为6π,则球O 的半径为( )A .32B .3C .32D . 3解析:选B 如图,易知B 1D 过球心O ,且B 1D ⊥平面ACD 1,不妨设垂足为M ,正方体棱长为a ,则球半径R =a 2,易知DM =13DB 1,∴OM=16DB1=36a,∴截面圆半径r=⎝⎛⎭⎫a22-OM2=66a,由截面圆面积S=πr2=6π,得r=66a=6,a=6,∴球O的半径为R=a2=3.5.如图所示,等腰△ABC的底边AB=66,高CD=3,点E是线段BD上异于点B,D的动点,点F在BC边上,且EF⊥AB,现沿EF将△BEF折起到△PEF的位置,使PE⊥AE,记BE=x,V(x)表示四棱锥P-ACFE的体积,则V(x)的最大值为________.解析:因为PE⊥EF,PE⊥AE,EF∩AE=E,所以PE⊥平面ABC.因为CD⊥AB,FE⊥AB,所以EF∥CD,所以EFCD=BE BD,即EF3=x36,所以EF=x6,所以S△ABC=12×66×3=96,S△BEF=12×x×x6=612x2,所以V(x)=13×⎝⎛⎭⎫96-612x2x=63x⎝⎛⎭⎫9-112x2(0<x<36).因为V′(x)=63⎝⎛⎭⎫9-14x2,所以当x∈(0,6)时,V′(x)>0,V(x)单调递增;当6<x<36时,V′(x)<0,V(x)单调递减,因此当x=6时,V(x)取得最大值12 6.答案:12 66.已知A,B,C是球O的球面上三点,且AB=AC=3,BC=33,D为该球面上的动点,球心O到平面ABC的距离为球半径的一半,则三棱锥D -ABC体积的最大值为______.解析:如图,在△ABC中,∵AB=AC=3,BC=33,∴由余弦定理可得cos A=32+32-(33)22×3×3=-12,∴sin A=3 2.设△ABC外接圆O′的半径为r,则3332=2r ,得r =3. 设球的半径为R ,连接OO ′,BO ′,OB , 则R 2=⎝⎛⎭⎫R 22+32,解得R =2 3.由图可知,当点D 到平面ABC 的距离为32R 时,三棱锥D -ABC 的体积最大, ∵S △ABC =12×3×3×32=934, ∴三棱锥D -ABC 体积的最大值为13×934×33=274. 答案:274。
高考数学专题—立体几何(三视图还原求几何体表面积与体积)

高考数学专题—立体几何(三视图还原求表面积、体积)基础知识点:一、面积公式:圆柱(底面半径为r,母线长为l)圆锥(底面半径为r,母线长为l)圆台(上、下底面半径分别为r′,r,母线长为l)侧面展开图底面面积2π底S r=2π底S r=22,ππ上底下底S r S r='=侧面面积2π侧S rl=π侧S rl=()π侧S l r r='+表面积()2π表S r r l=+()π表S r r l=+()22π表S r r r l rl='++'+二、体积公式几何体体积柱体柱体V Sh=(S为底面面积,h为高)2π圆柱V r h=(r为底面半径,h为高) 锥体13锥体V Sh=(S为底面面积,h为高)213π圆锥V r h=(r为底面半径,h为高)基本方法:一、构造长方体或正方体—将还原后的几何体放在长方体或正方体中,一方面有利于计算,另一方面可检查还原是否正确例1、如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗线画的是某几何体的三视图,则该几何体的体积为()A.B.C.D.4【答案】A【解析】由三视图可得,该几何体是如图所示的三棱柱挖去一个三棱锥,故所求几何体的体积为,故选A.236727611ABB DCC-E FCG-()111232221112326⎛⎫⨯⨯⨯-⨯⨯⨯⨯=⎪⎝⎭例2、若某三棱柱截去一个三棱锥后所剩几何体的三视图如图所示,则所截去的三棱锥......的外接球的表面积等于( )A .B .C .D .【答案】A【解析】由三视图知几何体是底面为边长为3,4,5的三角形, 高为5的三棱柱被平面截得的,如图所示,截去的是一个三棱锥,底面是边长为3,4,5的直角三角形,高为3的棱锥, 如图蓝色线条的图像是该棱锥,三棱锥上底面外接圆半径圆心设为半径为, 球心到底面距离为,设球心为, 由勾股定理得到,,故选A .例3、如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗实线画出的是某多面体的三视图,则该多面体的外接球的表面积为( )34π32π17π172π52M r 32O 2222253342224h R r ⎛⎫⎛⎫⎛⎫=+=+= ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭2434S R =π=πA .B .C .D .【答案】C【解析】还原几何体如图所示三棱锥由(如下左图),将此三棱锥补形为直三棱柱(如上右图),在直三棱柱中取的中点,取中点, ,,故答案为C .例4、一个四棱锥的三视图如图所示,则该几何体的表面积为( )A .B .C .D .【答案】B【解析】根据三视图,画出原空间结构图如下图所示:∴表面积为,∴故选B . 例5、已知一个三棱锥的三视图如图所示,其中三视图的长、宽、高分别为2,,,且32π16π36π72π1B BCD -111B C D BCD -111BC D BCD -1BC BC 、12O O、12O O O 3R ==2244336S R =π=⨯=π表6+8+6+8+111111111111DA D DA B DB C DC D A B C D S S S S S S =++++11112222222282222=⨯⨯+⨯⨯⨯⨯⨯⨯+⨯=+a b,则此三棱锥外接球表面积的最小值为( )A .B .C .D .【答案】B【解析】由已知条件及三视图得,此三棱锥的四个顶点位于长方体的四个顶点,即为三棱锥,且长方体的长、宽、高分别为2,,,∴此三棱锥的外接球即为长方体的外接球, 且球半径为,∴三棱锥外接球表面积为, ∴当且仅当,时,三棱锥外接球的表面积取得最小值为.故选B . 二、三线交轨法—三视图即由三种视觉方向形成,故可以在平面图形的端点处形成一条线,然后在线上取合适的点例6、如图为某几何体的三视图,则该几何体的表面积是A .B .C .D .()520,02a b a b +=>>174π214π4π5π1111ABCD A B C D -11A CB D -1111ABCD A B C D -ab 1111ABCD A B C D-R ==()()22222144514a b a ππ=π++=π-+⎝⎭1a =12b =214π【答案】C【解析】根据三视图特征,在正方体中截取出符合题意的立体图形根据立体图形可得:12222ABC ADC CDB S S S ===⨯⨯=△△△根据勾股定理可得:AB AD DB ===∴ADB △是边长为根据三角形面积公式可得:211sin 6022ADB S AB AD =⋅⋅︒==△∴该几何体的表面积是:632=⨯++【点睛】本题主要考查了根据三视图求立体图形的表面积问题,解题关键是掌握根据三视图画出立体图形,考查了分析能力和空间想象能力,属于基础题.例7、某多面体的三视图如图所示,其中正视图和左视图都由正方形和等腰直角三角形组成,正方形的边长为2,俯视图为等腰直角三角形.该多面体的各个面中有若干个是梯形,这些梯形的面积之和为( )A.10 B.12 C.14 D.16【答案】B例8、如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗实线画出的是某多面体的三视图,则该多面体最长的棱长等于()A. B. C. D.【答案】B【解析】由三视图可知,该几何体的直观图如图所示,由直观图可知,最长的棱为.例9、祖暅是我国南北朝时代的伟大科学家,他提出的“幂势既同,则积不容异”称为祖暅原理,利用该原理可以得到柱体的体积公式V 柱体=Sh,其中S 是柱体的底面积,h 是柱体的高.若某柱体的三视图如图所示(单位:cm),则该柱体的体积(单位:cm 3)是( )A.158B.162C.182D.324【答案】B【解析】由三视图得该棱柱的高为6,底面五边形可以看作是由两个直角梯形组合而成,其中一个上底为4,下底为6,高为3,另一个的上底为2,下底为6,高为3,则该棱柱的体积为2+62×3+4+62×3×6=162.例10、某四棱锥的三视图如图所示,在此四棱锥的侧面中,直角三角形的个数为 ( )A.1B.2C.3D.4【答案】C【解析】由该四棱锥的三视图,得其直观图如图.由正视图和侧视图都是等腰直角三角形,知PD ⊥平面ABCD,所以侧面PAD 和PDC 都是直角三角形.由俯视图为直角梯形,易知DC ⊥平面PAD.又AB ∥DC,所以AB ⊥平面PAD,所以AB ⊥PA,所以侧面PAB 也是直角三角形. 易知PC=2√2,BC=√5,PB=3,从而△PBC 不是直角三角形.故选C.例11、一个正方体被一个平面截去一部分后,剩余部分的三视图如下图,则截去部分体积与剩余部分体积的比值为( )A.18 B.17C.16D.15【答案】D【解析】由题意知该正方体截去了一个三棱锥,如图所示,设正方体棱长为a,则V 正方体=a 3,V 截去部分=16a 3,故截去部分体积与剩余部分体积的比值为16a 3∶56a 3=1∶5.例12、某几何体的三视图如图所示(单位:cm),则该几何体的体积是( )A.8 cm 3B.12 cm 3C.323cm 3D.403cm 3【答案】C【解析】由题中三视图知该几何体是一个正方体与正四棱锥的组合体,其中正方体与正四棱锥的底面边长为2 cm,正四棱锥的高为2 cm,则该几何体的体积V=2×2×2+13×2×2×2=323(cm 3),故选C.例13、如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗实线画出的是某多面体的三视图,则该多面体的各条棱中,最长的棱的长度为( )A.6√2B.6C.4√2D.4【答案】B【解析】如图所示的正方体ABCD-A 1B 1C 1D 1的棱长为4.取B 1B 的中点G,即三棱锥G-CC 1D 1为满足要求的几何体,其中最长棱为D 1G,D 1G=√(4√2)2+22=6.例14、如图,网格纸的各小格都是正方形,粗实线画出的是一个几何体的三视图,则这个几何体是( ) A.三棱锥B.三棱柱C.四棱锥D.四棱柱【答案】B【解析】由所给三视图可知该几何体是一个三棱柱(如图).例16、已知某几何体的三视图(单位:cm)如图所示,则该几何体的体积是( )A.108 cm3B.100 cm3C.92 cm3D.84 cm3【答案】B【解析】由三视图可知,该几何体是如图所示长方体去掉一个三棱锥,故几何体的体积是6×3×6-13×12×3×42=100(cm3).故选B.。
北师大版高中数学空间几何体的三视图、表面积与体积名师精编单元测试

(十)空间几何体的三视图、表面积与体积1. 如图,格纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某几何体的三视图,则此几何体各面中直角三角形的个数是( )A. 2B. 3C. 4D. 5【答案】C2. 如图,格纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某多面体的三视图,则该多面体的表面积是( )A. 36+6B. 36+3C. 54D. 27【答案】A【解析】由三视图知,该几何体的直观图如图所示,故表面积为S=2××(2+4)×3+2×3+4×3+3×2×=36+6.故答案为:A.3. 如图,格纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某几何体的正视图(等腰直角三角形)和侧视图,且该几何体的体积为,则该几何体的俯视图可以是( )A. B. C. D.【答案】D【解析】由正视图与侧视图可知,该几何体可以为如图所示的正方体截去一部分后的四棱锥,如图所示,由图知该几何体的俯视图为,故选D.4. 某四棱锥的三视图如图所示,该四棱锥最长棱的棱长为( )A. 1B.C. D. 2【答案】C【解析】四棱锥的直观图如图所示:由三视图可知,平面,是四棱锥最长的棱,,故选C.考点:三视图.视频5. 如图,格纸上的小正方形的边长为1,粗实线画出的是一个几何体的三视图,则该几何体的体积是( )A. 4+6πB. 8+6πC. 4+12πD. 8+12π【答案】B【解析】该几何体为四棱锥与半个圆柱的上下组合体,其中半个圆柱的底面圆直径为4,母线长为3,四棱锥的底面是长为4,宽为3的矩形,高为2,所以组合体的体积为V=×π×22×3+×4×3×2=8+6π.故答案为:B.6. 某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为( )A. 12B. 18C. 24D. 30【答案】C【解析】试题分析:由三视图可知,几何体是三棱柱消去一个同底的三棱锥,如图所示,三棱柱的高为,消去的三棱锥的高为,三棱锥与三棱柱的底面为直角边长分别为和的直角三角形,所以几何体的体积为,故选C.考点:几何体的三视图及体积的计算.【方法点晴】本题主要考查了几何体的三视图的应用及体积的计算,着重考查了推理和运算能力及空间想象能力,属于中档试题,解答此类问题的关键是根据三视图的规则“长对正、宽相等、高平齐”的原则,还原出原几何体的形状,本题的解答的难点在于根据几何体的三视图还原出原几何体和几何体的度量关系,属于中档试题.视频7. 已知A,B,C三点都在以O为球心的球面上,OA,OB,OC两两垂直,三棱锥OABC的体积为,则球O的表面积为( )A. B. 16πC. D. 32π【答案】B【解析】设球O的半径为R,以球心O为顶点的三棱锥三条侧棱两两垂直且都等于球的半径R,另外一个侧面是边长为R的等边三角形.因此根据三棱锥的体积公式得×R2·R=,∴R=2,∴球的表面积S=4π×22=16π.故答案为:B.8. 如图为某几何体的三视图,则该几何体的外接球的表面积为( )A. πB. 27πC. 27πD. π【答案】B【解析】由三视图可知,该几何体是由一个正方体切割成的一个四棱锥,则该几何体的外接球的半径为从而得其表面积为4π×=27π.故答案为:B.9. 某几何体的三视图如图所示,则该几何体的表面积为( )A. B.C. D.【答案】C【解析】由三视图可知该几何体是一个圆柱和半个圆锥的组合体,故其表面积为π+1+2π×2+π=+1.故答案为; C.10. 某几何体的三视图如图所示,若这个几何体的顶点都在球O的表面上,则球O的表面积是( )A. 2πB. 4πC. 5πD. 20π【答案】C【解析】由三视图知,该几何体为三棱锥,且其中边长为1的侧棱与底面垂直,底面为底边长为2的等腰直角三角形,所以可以将该三棱锥补形为长、宽、高分别为,,1的长方体,所以该几何体的外接球O的半径R=,所以球O的表面积S=4πR2=5π.故答案为:C.点睛:这个题目考查的是三视图和球的问题相结合的题目,涉及到三视图的还原,外接球的体积或者表面积公式。
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十三 三视图与体积、表面积1.由三视图求面积例1:一个几何体的三视图如图所示,则该几何体的表面积为_________.【答案】33π【解析】由三视图可得该几何体由一个半球和一个圆锥组成, 其表面积为半球面积和圆锥侧面积的和.球的半径为3, ∴半球的面积21143182S =⋅π⋅=π,圆锥的底面半径为3,母线长为5, ∴圆锥的侧面积为23515S rl =π=π⋅⋅=π,∴表面积为1233S S S =+=π.2.由三视图求体积例2:某个长方体被一个平面所截,得到的几何体的三视图如图所示,则这个几何体的体积为( )A .4B .C .D .8【答案】D【解析】由于长方体被平面所截,∴很难直接求出几何体的体积,可以考虑沿着截面再接上一个一模一样的几何体,从而拼成了一个长方体,∵长方体由两个完全一样的几何体拼成,∴所求体积为长方体体积的一半。
从图上可得长方体的底面为正方形, 且边长为2,长方体的高为314+=,∴22416V =⋅=长方体,∴182V V ==长方体,故选D .一、单选题1.某几何体的三视图如图所示,若该几何体的表面积为,则俯视图中圆的半径为( )A .1B .2C .3D .4【答案】A【解析】由三视图可知该几何体为一个长方体挖去了一个半球,设圆半径为r , ∴该几何体的表面积2222242216S r r r r r r =⨯⋅+⨯⋅-π⋅+π⋅=+π,得1r =,故选A . 2.正方体1111ABCD A B C D -中,E 为棱1AA 的中点(如图)用过点1B E D 、、的平面截去该正方体的上半部分,则剩余几何体的左视图为( )对点增分集训A .B .C .D .【答案】D【解析】由题意可知:过点B 、E 、1D 的平面截去该正方体的上半部分,如图直观图, 则几何体的左视图为D ,故选D .3.如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗线画的是某几何体的三视图,则该几何体的体积为( )A .236B .72C .76D .4【答案】A【解析】由三视图可得,该几何体是如图所示的三棱柱11ABB DCC -挖去一个三棱锥E FCG -,故所求几何体的体积为()111232221112326⎛⎫⨯⨯⨯-⨯⨯⨯⨯= ⎪⎝⎭,故选A .4.一个几何体的三视图如图所示,其中正视图是半径为1的半圆,则该几何体的表面积为( )A .)21+πB .21⎫++π⎪⎪⎝⎭C .122⎫++π⎪⎪⎝⎭D .12⎫+π⎪⎪⎝⎭【答案】C【解析】由三视图可知,其对应的几何体是半个圆锥,圆锥的底面半径为1r =,圆锥的高2h =,其母线长l =21111112222222S ⎫=⨯π⨯+⨯π⨯⨯⨯=++π⎪⎪⎝⎭,本题选择C 选项. 5.若某三棱柱截去一个三棱锥后所剩几何体的三视图如图所示,则所截去的三棱锥......的外接球的表面积等于( )A .34πB .32πC .17πD .172π 【答案】A【解析】由三视图知几何体是底面为边长为3,4,5的三角形, 高为5的三棱柱被平面截得的,如图所示,截去的是一个三棱锥,底面是边长为3,4,5的直角三角形,高为3的棱锥, 如图蓝色线条的图像是该棱锥,三棱锥上底面外接圆半径52圆心设为M 半径为r ,球心到底面距离为32,设球心为O , 由勾股定理得到2222253342224h R r ⎛⎫⎛⎫⎛⎫=+=+= ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭,2434S R =π=π,故选A .6.如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗实线画出的是某多面体的三视图,则该多面体的外接球的表面积为( )A .32πB .16πC .36πD .72π【答案】C【解析】还原几何体如图所示三棱锥由1B BCD -(如下左图),将此三棱锥补形为直三棱柱111B C D BCD -(如上右图),在直三棱柱111B C D BCD -中取1BC B C 、的中点12O O 、,取12O O 中点O ,3R ===,2244336S R =π=⨯=π表,故答案为C .7.一个四棱锥的三视图如图所示,则该几何体的表面积为( )A .6+B .8+C .6+D .8+【答案】B【解析】根据三视图,画出原空间结构图如下图所示:∴表面积为111111111111DA D DA B DB C DC D A B C D S S S S S S =++++11112222222282222=⨯⨯+⨯⨯⨯⨯⨯⨯+⨯=+B . 8.已知一个三棱锥的三视图如图所示,其中三视图的长、宽、高分别为2,a ,b ,且()520,02a b a b +=>>,则此三棱锥外接球表面积的最小值为( )A .174π B .214π C .4π D .5π【答案】B【解析】由已知条件及三视图得,此三棱锥的四个顶点位于长方体1111ABCD A B C D -的四个顶点,即为三棱锥11A CB D -,且长方体1111ABCD A B C D -的长、宽、高分别为2,a ,b ,∴此三棱锥的外接球即为长方体1111ABCD A B C D -的外接球,且球半径为R ==∴三棱锥外接球表面积为()()22222144514a b a ππ=π++=π-+⎝⎭, ∴当且仅当1a =,12b =时,三棱锥外接球的表面积取得最小值为214π.故选B . 9.在四棱锥P ABCD -中,PA ⊥底面ABCD ,底面ABCD 为正方形,PA AB =,该四棱锥被一平面截去一部分后,剩余部分的三视图如图,则截去部分体积与剩余部分体积的比值为( )A .12 B .13C .14 D .15【答案】B【解析】由三视图知,剩余部分的几何体是四棱锥P ABCD -被平面QBD 截去三棱锥Q BCD -(Q 为PC 中点)后的部分,连接AC 交BD 于O ,连楼OQ ,则OQ PA ∥,且12OQ PA =,设PA AB a ==,则313P ABCD V a -=,23111132212Q BCD V a a a -=⨯⨯=, 剩余部分的体积为:3311312a a -,则所求的体积比值为:3331112113312aa a =-.本题选择B 选项.10.如图,画出的是某四棱锥的三视图,网格纸上小正方形的边长为1,则该几何体的体积为( )A .15B .16C .503D .533【答案】C【解析】由题得几何体原图是下图中的四棱锥A BCDE -,底面四边形BCDE 的面积为114442221022⨯-⨯⨯-⨯⨯=,∴四棱锥的体积为15010533⨯⨯=,故答案为C .11.某几何体的三视图如图(虚线刻画的小正方形边长为1)所示,则这个几何体的体积为( )A .94B C .12D .83【答案】D【解析】几何体为如图多面体PABCDE ,∴体积为()11118221222132323D PABE A BCD V V --+=⨯⨯⨯⨯++⨯⨯⨯⨯=,故选D .12.如图为一个多面体的三视图,则该多面体的体积为( )A .203B .7C .223D .233【答案】B【解析】如图所示,该几何体为正方体去掉两个倒置的三棱锥,∴该多面体的体积为32111121212273232V =-⨯⨯⨯-⨯⨯⨯⨯=;故选B .二、填空题13.网格纸上小正方形的边长为1,粗虚、实线画出的是某个长方体挖去一个几何体得到的几何图形的三视图,则该被挖去的几何体的体积为__________.【答案】12【解析】根据三视图知长方体挖去部分是一个底面为等腰梯形(上底为2,下底为4,高为2)高为2的直四棱柱,∴()12422122V Sh ==+⨯⨯=. 14.已知某几何体的三视图如图所示,则该几何体的表面积和体积分别为_______与_______.【答案】404+π,4163π+ 【解析】由三视图可知,其对应的几何体是一个组合体,上半部分是一个直径为2的球,下半部分是一个直棱柱,棱柱的底面是边长为2的正方形,高为4,则该几何体的表面积224122424404S =π⨯+⨯+⨯⨯=+π, 几何体的体积:32441241633V =π⨯+⨯=+π. 15.某四棱锥的三视图如图所示,则该四棱锥的体积为_________.【答案】1【解析】根据题中所给的三视图,还原几何体,可知其为有一条侧棱垂直于底面的一个四棱锥,该四棱锥的底面就是其俯视图中的直角梯形,根据图中所给的数据,结合椎体的体积公式, 可得其体积11212132V +=⨯⨯⨯=,故答案是1. 16.已知某几何体的三视图如图所示,三视图的轮廓均为正方形,则该几何体的体积为__________.【解析】由三视图知,该几何体由正方体沿面11AB D 与面11CB D 截去两个角所得,。