湖北省孝感高级中学2014-2015学年高二上学期期末考试物理试题Word版含答案
湖北省孝感高级中学年综合素质测试卷(打印版)
湖北省孝感高级中学2014年综合素质测试卷理科综合说明：本试卷共8页，5大题。
全卷满分250分（数学150分，物理100分）考试用时150分钟。
★ 祝考试顺利 ★注意事项：１．答卷前，考生务必将自己的姓名、报名号、准考证号填写在答题卡上。
２．选择题的作答：每小题选出答案后，用２Ｂ铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
非选择题用5毫米签字笔在答题卡上相应区域作答。
答在试题卷上无效。
一、选择题：（本大题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．已知3cos sin 802A <<，则锐角A 的取值范围是（ ） A ．8060<<A B ．8030<<A C ．6010<<A D ．3010<<A 2．用半径为cm 6、圆心角为︒120的扇形做成一个圆锥侧面, 则其底面半径为（ ） A ．2cmB ．3cmC ．4cmD ．6cm3．一个正方体的表面涂满了颜色，按如图所示将它切成27个大小相等的小立方块，设其中仅有i 个面（i=1，2，3）涂有颜色的小立方块的个数为x i 则x 1、x 2、x 3之间的关系为 （ ）A ．1231x x x -+=第5题图B ．123+1x x x -=C ．1232x x x -+= D.1232x x x +-=4．一组互不相等的数据，它的中位数为80，小于中位数的数的平均数为70，大于中位数的数的平均数为96，设这组数据的平均数为x ，则x 满足 A ．82x = B ．83x = C ．8082x ≤≤ D ．8283x ≤≤ 5．如图，一个等边三角形的边长与它的一边相外切的圆的周长相等,当这个圆按箭头方向从某一位置沿等边三角形的三边做无滑动旋转,直至回到原出发位置时,则这个圆共转了 ( ) A ．4圈 B ．3圈 C ．5圈D ．3.5圈6．记()()()()()24825612121212121x x =++++⋅⋅⋅++，则是( ) A ．一个奇数 B ．一个整数的平方 C ．一个质数D ．一个整数的立方7．代数式9)12(422+-++x x 的最小值为（ ）A ．12B ．13C ．14D ．11 8．11111+++++=132435461416⨯⨯⨯⨯⨯（ ） A ．1516 B ．1532 C ．329480 D ．329240二、填空题：（本大题共6小题，每小题6分，共36分．请将答案填在答题卡对应题号的位置上．）9．,,,a b c d 为实数,定义运算: ||a bc dad bc =-，则2(1)x -4185=时，x =______.10．下列四个图形中，每个小正方形都标上了颜色. 若要求一个正方体两个相对面上的颜色都一样，则这一个正方体展开图可能是________(请将正确的编号都写上)第10题图11．已知点),(y x p 位于第二象限，并且62+≤x y ，x 、y 为整数，则点p 的个数是 .12．如图，AB ∥EF ∥CD ，已知AB=3，CD=4，EF=______.13．如图，已知四边形ABCD 是平行四边形，BC ＝2AB ，A ，B两点的坐标分别是（－1，0），（0，2），C ，D 两点在反比例函数)0(<=x xky 的图象上，则k 的值等于 ． 14．数学与文学之间存在着许多奇妙的联系.诗中有回文诗，如：“云边月影沙边雁，水外天光山外树”，倒过来读，便是“树外山光天外水，雁边沙影月边云”，其意境和韵味读来是一种享受！数学中也有回文数，如：88，454，7337，43534等都是回文数，无论从左往右读，还是从右往左读，都是同一个数，称这样的数为“回文数”，读起来还真有趣！二位的回文数有11，22，33，44，55，66，77，88，99，共9个；三位的回文数有101，111，121，131，…，969，979，989，999，共90个； 四位的回文数有1001，1111，1221，…，9669，9779，9889，9999，共90个； 由此推测：11位的回文数总共有 个．三、解答题：（本大题共4小题，满分66分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.） 15．（本小题满分16分）从卫生纸的包装纸上得到以下资料：两层300格，每格11.4cm×11cm ，如图甲。
高二物理期末试题-孝感高中2014-2015学年高二(上)期末试卷物理试题及答案
湖北省孝感高中2014-2015学年高二（上）期末物理试卷一、单项选择（每小题4分）1．（4分）每时每刻都有大量带电的宇宙射线向地球射来，地球磁场可以有效地改变这些宇宙射线中大多数带电粒子的运动方向，使它们不能到达地面，这对地球上的生命有十分重要的意义．假设有一个带正电的宇宙射线粒子正垂直于地面向赤道射来，（如图，地球由西向东转，虚线表示地球自转轴，上方为地理北极），在地球磁场的作用下，它将（）A．向东偏转B．向南偏转C．向西偏转D．向北偏转2．（4分）质量为m的钢球自高处落下，以速率v1碰地，竖直向上弹回，碰撞时间极短，离地的速率为v2．在碰撞过程中，地面对钢球的冲量的方向和大小为（）A．向上，m（v1+v2）B．向下，m（v1+v2）C．向上，m（v1﹣v2）D．向下，m（v1﹣v2）3．（4分）有一个均匀带电圆环，以圆环圆心O为坐标原点，过O且垂直于圆环平面的线为x轴，如图甲所示，现测得x轴上的电场强度随坐标x值变化的图象如图乙所示（场强为正值，表示方向沿x轴正方向），H、I是x轴上两点，且HO＜OI，取无穷远处电势为零．则以下分析正确的是（）A．该圆环带负电B．x轴上O点电势为零C．将一个正的试探电荷沿x轴从H移动到I的过程中，电势能先增大后减小D．H点的电势低于I点的电势4．（4分）如图所示，R3是光敏电阻，当开关S闭合后在没有光照射时，a、b两点等电势，当用光照射电阻R3时，则（）A．R3的电阻变小，a点电势高于b点电势B．R3的电阻变小，a点电势低于b点电势C．R3的电阻变小，a点电势等于b点电势D．R3的电阻变大，a点电势低于b点电势5．（4分）介子衰变的方程为：K﹣→π﹣+π0，其中K﹣介子和π﹣介子带负的基元电荷，π0介子不带电．一个K﹣介子沿垂直于磁场的方向射入匀强磁场中，其轨迹为圆弧AP，衰变后产生的π﹣介子的轨迹为圆弧PB，两轨迹在P点相切，它们的半径RK﹣与Rπ﹣之比为21．π0介子的轨迹未画出．由此可知π﹣的动量大小与π0的动量大小之比为（）A．1：1 B．1：2 C．1：3 D．1：66．（4分）如图所示，A1、A2是完全相同的灯泡，线圈L的电阻可以忽略，下列说法中正确的是（）A．开关S接通时，A2灯先亮、A1灯逐渐亮，最后A1A2一样亮B．开关S接通时，A1、A2两灯始终一样亮C．断开S的瞬间，流过A2的电流方向与断开S前电流方向相反D．断开S的瞬间，流过A1的电流方向与断开S前电流方向相反7．（4分）如图，在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为d（d＞L）的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下．导线框以某一初速度向右运动．t=0时导线框的右边恰与磁场的左边界重合，随后导线框进入并通过磁场区域．下列v﹣t图象中，可能正确描述上述过程的是（）A．B．C．D．二、多项选择题（全部选对得5分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分，）8．（5分）如图所示，Q为用毛皮摩擦过的橡胶圆盘，由于它的转动，使得金属环P中产生了逆时针方向的电流，则Q盘的转动情况是（）A．顺时针加速转动B．逆时针加速转动C．顺时针减速转动D．逆时针减速转动9．（5分）如图所示，设变压器为理想变压器，并保持输入电压U1不变，L为串联在原线圈的灯泡，L1、L2、L3、L4为副线圈的负载，当滑动变阻器R的滑片向下移动时（）A．L1灯亮度增加B．L2灯亮度减弱C．L3灯亮度增加D．L4灯亮度减弱10．（5分）如图所示，一根长度L的直导体棒中通以大小为I的电流，静止放在导轨上，垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B，B的方向与竖直方向成θ角．下列说法中正确的是（）A．导体棒受到磁场力大小为BLI sinθB．导体棒对轨道压力大小为mg﹣BIL sinθC．导体棒受到导轨摩擦力为μ（mg﹣BIL sinθ）D．导体棒受到导轨摩擦力BLI cosθ11．（5分）如图所示，固定在水平绝缘平面上足够长的金属导轨不计电阻，但表面粗糙，导轨左端连接一个电阻R，质量为m的金属棒ab（电阻也不计）放在导轨上，并与导轨垂直，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直，用水平恒力F把ab棒从静止起向右拉动的过程中（）A．恒力F做的功等于电路产生的电能B．恒力F和摩擦力的合力做的功等于电路中产生的电能C．克服安培力做的功等于电路中产生的电能D．恒力F和摩擦力的合力做的功等于电路中产生的电能和棒获得的动能之和三、实验题（每空3分，共计18分）12．（9分）（2011•鹰潭一模）用精密仪器测量一物体的长度，得到结果为1.63812cm．现改用最小刻度为1mm的刻度尺去测量，结果应该为cm；如果改用20分度的游标卡尺去测量，结果应该为cm；如果改用螺旋测微器去测量，结果应该为cm．13．（9分）（2011•中山二模）某同学欲测一个未知电阻的阻值，可供选择的仪器有：电流表A，量程有10mA和0.6A两种，电压表V，量程有3V和15V两种，电源电压为4.5V．该同学先按如图接好电路，闭合S1后，把开关S2拨至a时发现，两电表的指针偏转都在满偏的处，再把S2拨至b时发现，其中电压表的指针偏角几乎不变，另一个电流表的指针偏转到满偏的处．则该同学在实验中：①所选电压表的量程为V；②所选电流表的量程为mA；③被测电阻R x=Ω．四、计算题（必须要有解答过程，只有结果没有过程的不得分．共计34分）14．（8分）如图所示，套在绝缘棒上的小球，质量为1g，带有q=4×10﹣3C的正电荷，小球在棒上可以自由滑动，直棒放在互相垂直且沿水平方向的匀强电场E=10N/C和匀强磁场B=5T之中，小球和直棒之间的动摩擦因数为μ=0.2，求小球由静止沿棒竖直下落的最大加速度和最大速度．（设小球在运动过程中电量不变，重力加速度g=10m/s2）．15．（12分）如图所示，线圈的面积是0.05m2，共100匝，线圈电阻为r=1Ω，外接电阻R=9Ω，匀强磁场的磁感应强度B=T，当线圈以300r/min的转速匀速旋转时，求：（1）若从中性面开始计时，写出线圈磁通量变化率的瞬时表达式．（2）电路中电压表和电流表的示数各是多少？（3）由图示位置转过60°角的过程产生的平均感应电动势为多少？16．（14分）如图（a）所示，两水平放置的平行金属板C、D相距很近，上面分别开有小孔O、O′，水平放置的平行金属导轨与C、D接触良好，且导轨在磁感强度为B1=10T的匀强磁场中，导轨间距L=0.50m，金属棒AB紧贴着导轨沿平行导轨方向在磁场中做往复运动．其速度图象如图（b）所示，若规定向右运动速度方向为正方向，从t=0时刻开始，由C板小孔O处连续不断以垂直于C板方向飘入质量为m=3.2×10﹣21kg、电量q=1.6×10﹣19C 的带正电的粒子（设飘入速度很小，可视为零）．在D板外侧有以MN为边界的匀强磁场B2=10T，MN与D相距d=10cm，B1、B2方向如图所示（粒子重力及其相互作用不计）．求：（1）在0～4.0s时间内哪些时刻发射的粒子能穿过电场并飞出磁场边界MN？（2）粒子从边界MN射出来的位置之间最大的距离为多少？湖北省孝感高中2014-2015学年高二（上）期末物理试卷参考答案一、单项选择（每小题4分）1．A2．A3．C4．A5．C6．D7．D二、多项选择题（全部选对得5分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分，）8．BC9．ACD10．BD11．CD三、实验题（每空3分，共计18分）12．【答案】1.64；1.640；1.6381．【解析】用精密仪器测量一物体的长度，得到结果为1.63812cm．现改用最小刻度为1mm的刻度尺去测量，记录结果时应估计到分度值的下一位，所以结果应该为1.64cm，如果改用20分度的游标卡尺去测量，精确度为0.05mm，所以结果应该为1.640cm．如果改用螺旋测微器去测量，精确度为0.001mm，结果应该为1.6381cm．13．【答案】（1）3．（2）10．（3）320．【解析】（1）电源电动势为4.5V，如果选择15V档位，偏转五分之四达到12V，超过电源的电动势，故电压表选择的是低档位；（2）电压表读数几乎不变，电流表读数变化明显，说明待测电阻阻值较大，与伏特表相接近，而伏特表电阻较大，至少几千欧姆，而电源电动势只有4.5V，故电流只有几个毫安，故电流表选10mA挡；（3）闭合S1后，把开关S2拨至a时发现，两电表的指针偏转都在满偏的处，故电流为8mA，电压表读数为2.4V；再把S2拨至b时发现，其中电压表的指针偏角几乎不变，另一个电流表的指针偏转到满偏的处，故电压表读数为2.4V，电流表读数为7.5mA；故待测电阻两端电压为2.4V，电流为7.5mA，故待测电阻为320Ω；四、计算题（必须要有解答过程，只有结果没有过程的不得分．共计34分）14．【答案】小球由静止沿棒竖直下落的最大加速度为10m/s2，最大速度为4.5m/s．【解析】当重力和电场力平衡时，摩擦力为零，小球只受重力，加速度最大，为：a m=g=10m/s2；当摩擦力与重力平衡时，小球速度达到最大，有：μ（Bqv m﹣qE）=mg解得：v m==+=4.5m/s；15．【答案】（1）磁通量的变化率为0.5sin10πt；（2）电路中电压表的示数是45，电流表的示数是5A；（3）平均电动势为33.8V．【解析】（1）转速n=300r/min=5r/s，故频率f=n=5Hzω=2πf=2π×5rad/s=10πrad/s因为从中性面开始计时，=BSωsinωt=×0.05×10πsin10πt=0.5sin10πt（2）电阻两端电压的最大值为：U m===45（V）电压表的读数：U===45V电流表的读数：I===5A（3）转过60度角所用时间为△t==平均电动势：16．【答案】（1）0到4.0s内0.25s＜t＜1.75s时刻从O处飘入的粒子能穿过电场并飞出磁场边界MN．（2）粒子从边界MN射出来的位置之间最大的距离为7.3cm【解析】（1）由右手定则可判断AB向右运动时，C板电势高于D板电势，粒子被加速进入B2磁场中，AB棒向右运动时产生的电动势E=B1Lv（即为C、D间的电压）．粒子经过加速后获得的速度为v′，则有qE=mv′2，粒子在磁场B2中做匀速圆周运动，半径．要使粒子恰好穿过，则有r=d．联立上述各式代入数据可得v=5.0m/s．故要使粒子能穿过磁场边界MN则要求v＞5m/s．由速度图象可知，在0.25s＜t＜1.75s可满足要求．（2）当AB棒速度为v=5m/s时，粒子在磁场B2中到达边界MN打在P点上，其轨道半径r=d=0.1m（此时=r=0.1m）如图所示．此时粒子向左的位移最大，出射点P与O’的水平距离为d=10cm．当AB棒速度最大，即v′=20m/s时产生感应电动势为：ε′=B1Lv′=100V此时带电粒子经加速后速度为v，由动能定理有：qɛ′=代入数据，解得：v=100m/s此时带电粒子的轨迹半径为：R′=m出射点Q与O’的水平距离为：x=R′﹣m=2.7cm粒子从边界MN射出来的位置间最大距离为S=d﹣x═10cm﹣2.7cm=7.3cm。
2014年孝感物理试题及答案
5.方茴说：“那时候我们不说爱，爱是多么遥远、多么沉重的字眼啊。
我们只说喜欢，就算喜欢也是偷偷摸摸的。
”6.方茴说：“我觉得之所以说相见不如怀念，是因为相见只能让人在现实面前无奈地哀悼伤痛，而怀念却可以把已经注定的谎言变成童话。
”7.在村头有一截巨大的雷击木，直径十几米，此时主干上唯一的柳条已经在朝霞中掩去了莹光，变得普普通通了。
8.这些孩子都很活泼与好动，即便吃饭时也都不太老实，不少人抱着陶碗从自家出来，凑到了一起。
9.石村周围草木丰茂，猛兽众多，可守着大山，村人的食物相对来说却算不上丰盛，只是一些粗麦饼、野果以及孩子们碗中少量的肉食。
一、选择题（每小题4分，共24分）17.下列关于声现象的说法中正确的是： DA．声音不能在真空中传播，超声波可以在真空传播B．好朋友的声音与陌生人的声音是由音调来分辨的C．声音的响度越大，在空气中传播速度越大D．声能够传递信息和能量18.下列关于热现象的说法中正确的是： CA．物体吸收热量，物体的温度一定升高B.冬天，人们在室外呼出的“白气”是凝固而成的C.家庭用瓶装石油气，是通过压缩体积液化而来的D.夏天，刚从冰箱中取出的雪糕表面上附着的一层霜粉是升华而形成的19.一条光线A0从空气中斜射向平静的水面，如图甲所示。
在空气和水的分界面同时发生反射和折射。
在图乙中有四幅描述其反射和折射的光路图，其中正确的是： B20.下列四幅实验装置图中，属于发电机工作原理的是： B21.如下图所示，玻璃水槽中装有一定深度的水，一正方体木块漂浮在水面上，在水槽口下方设有固定的5.方茴说：“那时候我们不说爱，爱是多么遥远、多么沉重的字眼啊。
我们只说喜欢，就算喜欢也是偷偷摸摸的。
”6.方茴说：“我觉得之所以说相见不如怀念，是因为相见只能让人在现实面前无奈地哀悼伤痛，而怀念却可以把已经注定的谎言变成童话。
”7.在村头有一截巨大的雷击木，直径十几米，此时主干上唯一的柳条已经在朝霞中掩去了莹光，变得普普通通了。
湖北省部分重点中学2014-2015学年度上学期高二期末考试 语物理试题
湖北省部分重点中学2014-2015学年度上学期高二期末考试物 理 试 卷命题人：洪山高中 李昌富 审题人：武汉四中 阮国栋一、单项选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分．在所给的四个选项中只有一个选项正确）1．在物理学发展过程中，许多物理学家做出重大贡献，下列叙述符合史实的是( ) A ．尼古拉·特斯拉在实验中观察到电流的磁效应，梦圆“电生磁” B ．楞次心系“磁生电”，首先发现了电磁感应现象 C ．法拉第发现了电磁感应定律D ．纽曼、韦伯在对理论和实验资料分析后先后指出：闭合电路中感应电动势的大小跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比，后人称之为法拉第电磁感应定律。
2.在如图所示的条件下，闭合矩形线圈能产生感应电流的是（ ）3. 1831年法拉第把两个线圈绕在一个铁环上，A 线圈与电源、滑动变阻器 R 组成一个回路，B 线圈与开关S 、电流表G 组成另一个回路（如图所示）。
通过多次实验，法拉第终于总结出产生感应电流的条件。
关于该实验下列说法正确（A ．闭合开关S 的瞬间，电流表G 中有 a →b 的感应电流B ．闭合与断开开关S 的瞬间，电流表G 中都有感应电流C ．闭合开关S 后，在增大电阻 R 的过程中，电流表G 中有 b →a 的感应电流D ．闭合开关S 后，在增大电阻 R 的过程中，电流表G 中有 a →b 的感应电流4.如图所示，水平放置的条形磁铁中央，有一闭合金属弹性圆环，条形磁铁中心线与弹性环轴线重合，现将弹性圆环均匀向外扩大，下列说法中正确的是（ ） A ．穿过弹性圆环的磁通量增大B ．从左往右看，弹性圆环中有顺时针方向的感应电流C ．弹性圆环中无感应电流D ．弹性圆环受到的安培力方向沿半径向外D5.两只相同的电阻，分别通以正弦波形的交流电和方波形的交流电，两种交流电的最大值相等，且周期相等．在正弦波形交流电的一个周期内，正弦波形的交流电在电阻上产生的焦耳热为Q 1，其与方波形交流电在电阻上产生的焦耳热Q 2之比Q 1∶Q 2等于( )A ．1∶1B ．2∶1C ．1∶2D ．4∶36.如图,光滑水平面上存在有界匀强磁场，直径与磁场宽度相同的金属圆形线框以一定的初速度斜向匀速通过磁场。
孝感高中2014-2015学年高二上学期期末物理试题及答案
2014-2015学年湖北省孝感高中高二（上）期末物理试卷一、单项选择（每小题4分）1．（4分）每时每刻都有大量带电的宇宙射线向地球射来，地球磁场可以有效地改变这些宇宙射线中大多数带电粒子的运动方向，使它们不能到达地面，这对地球上的生命有十分重要的意义．假设有一个带正电的宇宙射线粒子正垂直于地面向赤道射来，（如图，地球由西向东转，虚线表示地球自转轴，上方为地理北极），在地球磁场的作用下，它将（）A．向东偏转B．向南偏转C．向西偏转D．向北偏转考点：洛仑兹力．分析：根据地球磁场的分布，由左手定则可以判断粒子的受力的方向，从而可以判断粒子的运动的方向．解答：解：地球的磁场由南向北，当带正电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时，根据左手定则可以判断粒子的受力的方向为向东，所以粒子将向东偏转，故A正确．故选：A．点评：本题就是考查左手定则的应用，掌握好左手定则即可判断粒子的受力的方向．注意正负电荷的区别．2．（4分）质量为m的钢球自高处落下，以速率v1碰地，竖直向上弹回，碰撞时间极短，离地的速率为v2．在碰撞过程中，地面对钢球的冲量的方向和大小为（）A．向上，m（v1+v2）B．向下，m（v1+v2）C．向上，m（v1﹣v2）D．向下，m（v1﹣v2）考点：动量定理．专题：动量定理应用专题．分析：由于碰撞时间极短，钢球的重力相对于地面对钢球的冲力可忽略不计．根据动量定理求解在碰撞过程中地面对钢球的冲量的方向和大小．解答：解：选取竖直向下方向为正方向，根据动量定理得地面对钢球的冲量为：I=﹣mv2﹣mv1=﹣m（v1+v2），则地面对钢球的冲量的方向向上，大小为m（v1+v2）．故选：A点评：应用动量定理求解冲量是常用的方法，要注意选取正方向，用带正号的量值表示矢量．如重力不能忽略，还要考虑重力的冲量．3．（4分）有一个均匀带电圆环，以圆环圆心O为坐标原点，过O且垂直于圆环平面的线为x轴，如图甲所示，现测得x轴上的电场强度随坐标x值变化的图象如图乙所示（场强为正值，表示方向沿x轴正方向），H、I是x轴上两点，且HO＜OI，取无穷远处电势为零．则以下分析正确的是（）A．该圆环带负电B．x轴上O点电势为零C．将一个正的试探电荷沿x轴从H移动到I的过程中，电势能先增大后减小D．H点的电势低于I点的电势考点：电势；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由乙图可读出场强的大小变化情况和场强的方向，根据场强的方向判断圆环的电性和O点的电势正负．根据电场力做功正负，分析电势能的变化．根据U=Ed可定性分析H 和I两点电势的高低．解答：解：A、由乙图知：O点左侧场强方向从O点出发指向无穷远处，右侧场强方向也O 点指向无穷远处，根据电场线从正电荷出发到无穷远终止，可知该圆环带正电．故A 错误．B、根据顺着电场线方向电势降低可知，O点的电势高于无穷远处的电势，所以O点电势大于零．故B错误．C、将正的试探电荷沿x轴从H移动到I的过程中，所受的电场力先向左，后向右，则电场力先做负功后做正功，则电势能先增大后减小，故C正确．D、由图可知O点左右两侧的电场具有对称性，而顺着电场线电势降低，H、I两点的电势都低于O点，由于H点更靠近O点，所以H点的电势高于I点的电势．故D错误．故选：C．点评：解决本题关键要理解电场线的分布情况和特点，抓住电场的对称性，分析电势的高低，能由电场力做功正负判断电势能的变化．4．（4分）如图所示，R3是光敏电阻，当开关S闭合后在没有光照射时，a、b两点等电势，当用光照射电阻R3时，则（）A．R3的电阻变小，a点电势高于b点电势B．R3的电阻变小，a点电势低于b点电势C．R3的电阻变小，a点电势等于b点电势D．R3的电阻变大，a点电势低于b点电势考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：光敏电阻为半导体，其阻值随温度的升高而降低；取电源的负极电势为零， a点的电势等于R4两端的电压，b点的电势等于R2两端的电压；由闭合电路的欧姆定律可知电路中电流的变化；由欧姆定律可得出各电阻两端的电压变化，故可判断ab两点电势的高低．解答：解：取电源的负极电势为零，a点的电势等于R4两端的电压，b点的电势等于R2两端的电压．光敏电阻的电阻随温度的升高而降低，故R3的电阻减小，电路中总电阻减小，故由闭合电路的欧姆定律可知，电路中的总电流增大，电源的内电压增大，路端电压减小．没有光照时，a、b两点电势相等，有光照以后，两支路两端的电压相等，因R1、R2支路中电阻没有变化，故R2的分压比不变；而由于R3的电阻减小，故R4分压增大，故a端的电势要高于b端，故BCD错误，A正确．故选A．点评：本题首先要了解光敏电阻的特性，再按局部到整体，再到局部的顺序进行动态分析．5．（4分）介子衰变的方程为：K﹣→π﹣+π0，其中K﹣介子和π﹣介子带负的基元电荷，π0介子不带电．一个K﹣介子沿垂直于磁场的方向射入匀强磁场中，其轨迹为圆弧AP，衰变后产生的π﹣介子的轨迹为圆弧PB，两轨迹在P点相切，它们的半径RK﹣与Rπ﹣之比为21．π0介子的轨迹未画出．由此可知π﹣的动量大小与π0的动量大小之比为（）A．1：1 B．1：2 C．1：3 D．1：6考点：动量定理；洛仑兹力．专题：动量定理应用专题．分析：曲线运动中，粒子的速度方向沿着轨迹上该点的切线方向，又由于Kˉ介子衰变过程中，系统内力远大于外力，系统动量守恒，故可知衰变后，π﹣介子反向飞出，π0介子沿原方向飞出，再根据介子做圆周运动的向心力由洛伦兹力提供，可以列式求出Kˉ介子与π﹣介子的动量之比，再结合动量守恒定律列式分析．解答：解：Kˉ介子与π﹣介子均做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：eBv=m，粒子动量为：P=mv=eBR，则有：P Kˉ：Pπ﹣=2：1，以K﹣的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：P Kˉ=Pπ0﹣Pπ﹣解得：Pπ0=3Pπ﹣，则π﹣的动量大小与π0的动量大小之比为1：3；故选：C．点评：本题考查了求粒子的动量之比，应用牛顿第二定律与动量守恒定律、动量的计算公式即可正确解题．6．（4分）如图所示，A1、A2是完全相同的灯泡，线圈L的电阻可以忽略，下列说法中正确的是（）A．开关S接通时，A2灯先亮、A1灯逐渐亮，最后A1A2一样亮B．开关S接通时，A1、A2两灯始终一样亮C．断开S的瞬间，流过A2的电流方向与断开S前电流方向相反D．断开S的瞬间，流过A1的电流方向与断开S前电流方向相反考点：自感现象和自感系数．分析：开关K闭合的瞬间，电源的电压同时加到两灯的两端，两灯同时发光．由于线圈的电阻可以忽略，灯A逐渐被短路，随后A灯变暗，B灯变亮．断开开关K的瞬间，B灯立即熄灭，A灯突然闪亮一下再熄灭．解答：解：该电路中，A与L并联，B与R并联，然后两部分串联；A、开关K闭合的瞬间，两灯同时获得电压，所以A、B同时发光．由于线圈的电阻可以忽略，灯A逐渐被短路，流过A灯的电流逐渐减小，B灯逐渐增大，则A灯变暗，B 灯变亮，故A错误，B错误；C、断开开关K的瞬间，B灯的电流突然消失，立即熄灭，流过线圈的电流将要减小，产生自感电动势，相当电源，自感电流流过A灯，所以A灯突然闪亮一下再熄灭，此时流过A1的电流方向与断开S前电流方向相反．故C错误，D正确．故选：D点评：自感现象是特殊的电磁感应现象，同样遵守楞次定律和法拉第电磁感应定律，要注意哪一部分在自感回路中．7．（4分）如图，在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为d（d＞L）的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下．导线框以某一初速度向右运动．t=0时导线框的右边恰与磁场的左边界重合，随后导线框进入并通过磁场区域．下列v﹣t图象中，可能正确描述上述过程的是（）A．B．C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势．专题：电磁感应与电路结合．分析：线圈以一定的初速度进入匀强磁场，由于切割磁感线，所以出现感应电流，从而产生安培阻力，导致线圈做加速度减小的减速运动．当完全进入后，没有磁通量变化，所以没有感应电流，不受到安培力，因此做匀速直线运动，当出现磁场时，磁通量又发生变化，速度与进入磁场相似．解答：解：线圈以一定初速度进入磁场，则感应电动势为：E=BLv闭合电路欧姆定律，则感应电流为：安培力为：由牛顿第二定律为：F=ma则有：由于v 减小，所以a也减小，当完全进入磁场后，不受到安培力，所以做匀速直线运动，当出磁场时，速度与时间的关系与进入磁场相似．而速度与时间的斜率表示加速度的大小，因此D正确，ABC错误；故选：D点评：属于力与电综合题，并强调速度与时间的斜率表示加速度的大小，而由牛顿第二定律来确定加速度如何变化．二、多项选择题（全部选对得5分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分，）8．（5分）如图所示，Q为用毛皮摩擦过的橡胶圆盘，由于它的转动，使得金属环P中产生了逆时针方向的电流，则Q盘的转动情况是（）A．顺时针加速转动B．逆时针加速转动C．顺时针减速转动D．逆时针减速转动考点：安培定则．分析：由于Q带负电，当转动时相当于电荷定向移动，从而产生电流，并且电流的变化，导致B的磁通量发生变化，最终使金属环P有电流．解答：解：A、若Q顺时针加速转动，则Q环中有逆时针且大小变大的电流，导致通过P环磁通量变大，根据安培定则可得P处于垂直纸面向外的磁场中，由楞次定律可得感应电流方向顺时针，故A错误；B、若Q逆时针加速转动，则Q环中有顺时针且大小变大的电流，导致通过P环磁通量变大，根据安培定则可得P处于垂直纸面向里的磁场中，由楞次定律可得感应电流方向逆时针，故B正确；C、若Q顺时针减速转动，则Q环中有逆时针且大小变小的电流，导致通过P环磁通量变小，根据安培定则可得P处于垂直纸面向外的磁场中，由楞次定律可得感应电流方向逆时针，故C正确；D、若Q逆时针减速转动，则Q环中有顺时针且大小变小的电流，导致通过P环磁通量变小，根据安培定则可得P处于垂直纸面向里的磁场中，由楞次定律可得感应电流方向顺时针，故D错误．故选：BC．点评：考查由电荷的定向移动形成电流，根据安培定则来确定电流与磁场方向，再由楞次定律来判定感应电流的方向．9．（5分）如图所示，设变压器为理想变压器，并保持输入电压U1不变，L为串联在原线圈的灯泡，L1、L2、L3、L4为副线圈的负载，当滑动变阻器R的滑片向下移动时（）A．L1灯亮度增加B．L2灯亮度减弱C．L3灯亮度增加D．L4灯亮度减弱考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：与闭合电路中的动态分析类似，可以根据滑动变阻器R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的元件的电流和电压的变化的情况．解答：解：A、当滑动变阻器R的滑片向下移动时，导致总电阻减少，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流增大．即L1灯亮度增强．故A正确；B、当滑动变阻器R的滑片向下移动时，导致总电阻减少，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流增大．由于L1灯两端电压增大，则L4灯两端电压减小，所以L2灯电流增大，因此L2灯亮度增强，故B错误；C、当滑动变阻器R的滑片向下移动时，导致总电阻减少，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流增大．由于L1灯两端电压增大，则L4灯两端电压减小，所以L2灯电流增大，因此L2灯电压增加，则有滑动变阻器上电压减小，所以滑动变阻器上的电流减小，所以L3上的电流增大，L3灯亮度增强．故C正确；D、当滑动变阻器R的滑片向下移动时，导致总电阻减少，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流增大．由于L1灯两端电压增大，则L4灯两端电压减小，所以L4灯电流减小，故D正确．故选：ACD．点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．10．（5分）如图所示，一根长度L的直导体棒中通以大小为I的电流，静止放在导轨上，垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B，B的方向与竖直方向成θ角．下列说法中正确的是（）A．导体棒受到磁场力大小为BLIsinθB．导体棒对轨道压力大小为mg﹣BILsinθC．导体棒受到导轨摩擦力为μ（mg﹣BILsinθ）D．导体棒受到导轨摩擦力BLIcosθ考点：安培力．分析：对导体棒受力分析，正交分解，根据平衡条件求解导体棒受到导轨摩擦力和支持力．解答：解：A、根据左手定则可得导体棒受力分析如图所示．B与I垂直，故导体棒受到磁场力大小为F=BIL，选项A错误；B、根据共点力平衡规律得：BILsinθ+F n=mg，得导体棒对轨道的压力大小为F n=mg﹣BILsinθ，选项B正确；C、由于导体棒受到的是静摩擦力，因而受到静摩擦力大小要运用力的平衡规律求解，即为F f=BILcosθ，选项C错误，选项D正确．故选：BD．点评：本题借助安培力考查了平衡条件以及正交分解的应用，注意安培力公式F=BILsinθ，θ为B与I之间的夹角．11．（5分）如图所示，固定在水平绝缘平面上足够长的金属导轨不计电阻，但表面粗糙，导轨左端连接一个电阻R，质量为m的金属棒ab（电阻也不计）放在导轨上，并与导轨垂直，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直，用水平恒力F把ab棒从静止起向右拉动的过程中（）A．恒力F做的功等于电路产生的电能B．恒力F和摩擦力的合力做的功等于电路中产生的电能C．克服安培力做的功等于电路中产生的电能D．恒力F和摩擦力的合力做的功等于电路中产生的电能和棒获得的动能之和考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应——功能问题．分析：导体棒在恒力作用下沿粗糙导轨做切割磁感线，产生感应电动势，出现感应电流，棒又受到安培力．因此棒做加速度减小的加速运动，最终达到匀速直线运动状态．解答：解：A、由动能定理可得：恒力、安培力与摩擦力的合力功等于棒获得的动能，而安培力做功导致电路中的消耗电能，产生热能．故A错误；B、由动能定理可得：恒力、安培力与摩擦力的合力功等于棒获得的动能，而安培力做功导致电路中的消耗电能，产生热能．故B错误；C、安培力做功等于电路中产生的电能，从而产生热能．故C正确；D、由动能定理可得：恒力、安培力与摩擦力的合力功等于棒获得的动能，而安培力做功导致电路中的消耗电能，产生热能．故D正确；故选：CD点评：由功能关系可知：合力做功等于物体动能的变化，而安培力做功等于电路中消耗的电能，摩擦力做功则产生内能．三、实验题（每空3分，共计18分）12．（9分）（2011•鹰潭一模）用精密仪器测量一物体的长度，得到结果为1.63812cm．现改用最小刻度为1mm的刻度尺去测量，结果应该为 1.64 cm；如果改用20分度的游标卡尺去测量，结果应该为 1.640 cm；如果改用螺旋测微器去测量，结果应该为 1.6381 cm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用．专题：实验题．分析：用刻度尺测量物体长度时，记录结果时应估计到分度值的下一位，倒数第二位是分度值所在的单位．解答：解：用精密仪器测量一物体的长度，得到结果为1.63812cm．现改用最小刻度为1mm的刻度尺去测量，记录结果时应估计到分度值的下一位，所以结果应该为1.64cm，如果改用20分度的游标卡尺去测量，精确度为0.05mm，所以结果应该为1.640cm．如果改用螺旋测微器去测量，精确度为0.001mm，结果应该为1.6381cm．故答案为：1.64； 1.640；1.6381．点评：刻度尺要估读到分度值的下一位．注意游标卡尺和螺旋测微器的精确度．13．（9分）（2011•中山二模）某同学欲测一个未知电阻的阻值，可供选择的仪器有：电流表A，量程有10mA和0.6A两种，电压表V，量程有3V和15V两种，电源电压为4.5V．该同学先按如图接好电路，闭合S1后，把开关S2拨至a时发现，两电表的指针偏转都在满偏的处，再把S2拨至b时发现，其中电压表的指针偏角几乎不变，另一个电流表的指针偏转到满偏的处．则该同学在实验中：①所选电压表的量程为 3 V；②所选电流表的量程为10 mA；③被测电阻R x= 320 Ω．考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）电源电动势为4.5V，如果选择15V档位，偏转五分之四达到12V，超过电源的电动势，故电压表选择的是低档位；（2）电压表读数几乎不变，电流表读数变化明显，说明电压表分流作用明显，即待测电阻的电阻值与电压表内阻相接近，而伏特表电阻较大，至少几千欧姆，故电流表选10mA挡；（3）根据欧姆定律和电路的串并联知识列式求解即可．解答：解：（1）电源电动势为4.5V，如果选择15V档位，偏转五分之四达到12V，超过电源的电动势，故电压表选择的是低档位；故答案为：3．（2）电压表读数几乎不变，电流表读数变化明显，说明待测电阻阻值较大，与伏特表相接近，而伏特表电阻较大，至少几千欧姆，而电源电动势只有4.5V，故电流只有几个毫安，故电流表选10mA挡；故答案为：10．（3）闭合S1后，把开关S2拨至a时发现，两电表的指针偏转都在满偏的处，故电流为8mA，电压表读数为2.4V；再把S2拨至b时发现，其中电压表的指针偏角几乎不变，另一个电流表的指针偏转到满偏的处，故电压表读数为2.4V，电流表读数为7.5mA；故待测电阻两端电压为2.4V，电流为7.5mA，故待测电阻为320Ω；故答案为：320．点评：本题关键要明确两种接法电表读数改变的原因，然后根据实际情况，结合欧姆定律和电路的串并联知识进行分析处理．四、计算题（必须要有解答过程，只有结果没有过程的不得分．共计34分）14．（8分）如图所示，套在绝缘棒上的小球，质量为1g，带有q=4×10﹣3C的正电荷，小球在棒上可以自由滑动，直棒放在互相垂直且沿水平方向的匀强电场E=10N/C和匀强磁场B=5T 之中，小球和直棒之间的动摩擦因数为μ=0.2，求小球由静止沿棒竖直下落的最大加速度和最大速度．（设小球在运动过程中电量不变，重力加速度g=10m/s2）．考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：本题应通过分析小球的受力情况，来判断其运动情况：小球受重力、摩擦力（可能有）、弹力（可能有）、向右的洛伦兹力、向左的电场力，当洛伦兹力等于电场力时，合力等于重力，加速度最大；当洛伦兹力大于电场力，且滑动摩擦力与重力平衡时，速度最大．解答：解：当重力和电场力平衡时，摩擦力为零，小球只受重力，加速度最大，为：a m=g=10m/s2；当摩擦力与重力平衡时，小球速度达到最大，有：μ（Bqv m﹣qE）=mg解得：v m==+=4.5m/s；答：小球由静止沿棒竖直下落的最大加速度为10m/s2，最大速度为4.5m/s．点评：本题要注意分析带电小球的运动过程，属于牛顿第二定律的动态应用与电磁场结合的题目，此类问题要求能准确找出物体的运动过程，并能分析各力的变化，对学生要求较高．同时注意因速度的变化，导致洛伦兹力变化，从而使合力发生变化，最终导致加速度发生变化．15．（12分）如图所示，线圈的面积是0.05m2，共100匝，线圈电阻为r=1Ω，外接电阻R=9Ω，匀强磁场的磁感应强度B=T，当线圈以300r/min的转速匀速旋转时，求：（1）若从中性面开始计时，写出线圈磁通量变化率的瞬时表达式．（2）电路中电压表和电流表的示数各是多少？（3）由图示位置转过60°角的过程产生的平均感应电动势为多少？考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系；交流发电机及其产生正弦式电流的原理．专题：交流电专题．分析：（1）从图示位置开始计时，写出线圈中磁通量变化率的表达式，由转速求出角速度ω代入解出；（2）电路中电压表、电流表的示数显示交流的有效值，由欧姆定律求出R电压和电流的有效值；（3）由法拉第电磁感应电定律可求得平均电动势．解答：解：（1）转速n=300r/min=5r/s，故频率f=n=5Hzω=2πf=2π×5rad/s=10πrad/s因为从中性面开始计时，=BSωsinωt=×0.05×10πsin10πt=0.5sin10πt（2）电阻两端电压的最大值为：U m===45（V）电压表的读数：U===45V电流表的读数：I===5A（3）转过60度角所用时间为△t==平均电动势：答：（1）磁通量的变化率为0.5sin10πt；（2）电路中电压表的示数是45，电流表的示数是5A；（3）平均电动势为33.8V．点评：本题关键是要区分交流电的有效值、瞬时值、平均值和最大值的区别，知道电流表和电压表读数是有效值，计算热量用有效值，计算电量用平均值．16．（14分）如图（a）所示，两水平放置的平行金属板C、D相距很近，上面分别开有小孔O、O′，水平放置的平行金属导轨与C、D接触良好，且导轨在磁感强度为B1=10T的匀强磁场中，导轨间距L=0.50m，金属棒AB紧贴着导轨沿平行导轨方向在磁场中做往复运动．其速度图象如图（b）所示，若规定向右运动速度方向为正方向，从t=0时刻开始，由C板小孔O处连续不断以垂直于C板方向飘入质量为m=3.2×10﹣21kg、电量q=1.6×10﹣19C的带正电的粒子（设飘入速度很小，可视为零）．在D板外侧有以MN为边界的匀强磁场B2=10T，MN 与D相距d=10cm，B1、B2方向如图所示（粒子重力及其相互作用不计）．求：（1）在0～4.0s时间内哪些时刻发射的粒子能穿过电场并飞出磁场边界MN？（2）粒子从边界MN射出来的位置之间最大的距离为多少？考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：（1）粒子要飞出磁场边界MN，速度最小时，轨迹半径也最小，恰好与MN相切，可得到轨迹半径为d．根据粒子圆周运动的半径求出粒子进入磁场的速度，即为加速获得的末速度，再由动能定理求出加速电压U，由U=ε=B1Lv 求出AB运动的速度，由乙图可求出所求的量．（2）当AB棒速度最大，产生的感应电动势最大，CD板间电压最大，粒子经加速得到的速度最大，在磁场中轨迹半径也最大，粒子出MN边时，偏转距离最小，根据法拉第定律、动能定理和半径公式结合，并运用几何知识求得粒子从边界MN射出来的位置之间最大的距离．解答：解：（1）由右手定则可判断AB向右运动时，C板电势高于D板电势，粒子被加速进入B2磁场中，AB棒向右运动时产生的电动势E=B1Lv（即为C、D间的电压）．粒子经过加速后获得的速度为v′，则有qE=mv′2，粒子在磁场B2中做匀速圆周运动，半径．要使粒子恰好穿过，则有r=d．联立上述各式代入数据可得v=5.0m/s．故要使粒子能穿过磁场边界MN则要求v＞5m/s．由速度图象可知，在0.25s＜t＜1.75s可满足要求．（2）当AB棒速度为v=5m/s时，粒子在磁场B2中到达边界MN打在P点上，其轨道半径r=d=0.1m（此时=r=0.1m）如图所示．此时粒子向左的位移最大，出射点P与O’的水平距离为d=10cm．当AB棒速度最大，即v′=20m/s时产生感应电动势为：ε′=B1Lv′=100V此时带电粒子经加速后速度为v，由动能定理有：qɛ′=代入数据，解得：v=100m/s此时带电粒子的轨迹半径为：R′=m出射点Q与O’的水平距离为：x=R′﹣m=2.7cm粒子从边界MN射出来的位置间最大距离为S=d﹣x═10cm﹣2.7cm=7.3cm答：（1）0到4.0s内0.25s＜t＜1.75s时刻从O处飘入的粒子能穿过电场并飞出磁场边界MN．（2）粒子从边界MN射出来的位置之间最大的距离为7.3cm点评：本题是电磁感应与带电粒子在磁场中运动的综合，要注意挖掘临界条件，掌握电磁学。
湖北省孝感市高级中学2014-2015学年高一物理上学期期末考试试题
孝感高中2014—2015学年度高一上学期期末考试物理试题一、单选题（共8小题，每小题4分，共计32分）1． 下列有关物理学家和物理学规律的发现，说法正确的是A ． 亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快B ． 笛卡尔通过研究物体的运动规律，在牛顿第一定律的基础上提出了惯性定律C ． 伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因D ． 卡文迪许提出万有引力定律，并利用扭秤实验，巧妙地测出了万有引力常量2． 如图所示，从同一条竖直线上两个不同点P 、Q 分别水平向右抛出两个小球，平抛的初速度分别为v1、v2，结果它们同时落到水平地面上的M 点处(不考虑空气阻力)。
下列说法中正确的是A ．一定是P 先抛出的，并且v1＝v2B ．一定是P 先抛出的，并且v1＜v2C ．一定是Q 先抛出的，并且v1＝v2D ．一定是Q 先抛出的，并且v1＞v23． 物体从地面附近某一高度处O 点开始做自由落体运动，先后经过O 点正下方A 、B 两点，此过程中，从O 运动到B 所用时间t1=3s ，从A 到B 所用时间t2=1s ，g 取10m/s2，不计空气阻力，则A 、B 间的距离是 A ．25m B ．5m C ．45m D ．20m4． 如图所示，自动卸货车始终静止在水平地面上，车厢在液压机的作用下可以改变与水平面间的倾角θ，用以卸下车厢中的货物，下列说法正确的是 A ．当货物相对车厢静止时，地面对货车有向左的摩擦力 B ．当货物相对车厢匀速下滑时，地面对货车有向左的摩擦力 C ．当货物相对车厢加速下滑时，地面对货车有向左的摩擦力D ．当货物相对车厢加速下滑时，货车对地面的压力大于货车和货物的总重力5． 随着太空技术的飞速发展，使地球上的人们登陆其它星球成为可能。
假设未来的某一天，宇航员登上某一星球后，测得该星球表面的重力加速度是地球表面重力加速度的2倍，而该星球的平均密度与地球的差不多，则该星球质量大约是地球质量的 A ．0.5倍 B ．2倍 C ．4倍 D ．8倍6． 如图所示，A 、B 两个物体质量不等且mA>mB ，在水平拉力F 的作用下，沿光滑水平面一起向右运动，滑轮及细绳质量不计。
4—15学年上学期高二期末考试物理(普高)试题(无答案) (1)
湖北省孝感市综合高级中学14—15学年上学期高二期末考试物理（普高）试题一、选择题（本大题9小题，每小题4分，共36分．在每小题给出的四个选项中只有一个是正确的）．1．关于点电荷的说法，正确的是 [ ] A ．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷 B ．体积很大的带电体一定不能看作点电荷 C ．点电荷一定是电量很小的电荷D ．两个带电的金属小球，不一定能将它们作为点电荷处理 2、两电阻R 1、R 2的电流I 和电压U 的关系图线如图所示，可知两电阻的大小关系是A ．R 1＞R 2B ．R 1＜R 2C ．R 1＝R 2D ．不能确定3、空间某区域内的三条电场线如图所示，P 、Q 为该电场中的两点。
下列说法中正确的是A ．P 点的电势比Q 点高B ．P 点的场强比Q 点大C ．电子从P 点移动到Q 点，电场力不做功D ．将电子从Q 点由静止释放，电子将水平向右运动 4．下列说法正确的是A ．半导体的导电性能介于导体与绝缘体之间，其电阻随温度升高而增大B ．热敏电阻的特点是温度升高时电阻迅速减小C ．导体中电流无穷大的现象叫超导现象D ．导体的电阻与通过其中的电压和电流有关5． 如图所示，一水平宽度为d 、竖直范围足够大的匀强电场，场强为E ，一带电量为+q 的粒子以不同的初速度从一侧垂直电场方向进入电场，不计重力。
则该粒子EE pQA ．能飞出电场，且初速度越大，飞出电场时的速度变化越小B ．能飞出电场，且初速度越小，飞出电场时的速度变化越小C ．当初速度小于某一个值，不能飞出电场D ．当初速度大于某一个值，不能飞出电场 6.电路中路端电压U 随干路电流I 变化的关系如图所示，则电源的电动势E 和内电阻r 分别是A. E ＝1.0V ，r ＝5.0ΩB. E ＝1.0V ，r ＝2.5ΩC. E ＝2.0V ，r ＝5.0ΩD. E ＝2.0V ，r ＝2.5Ω7．如图所示的实验中，平行板电容器的极板A 与静电计小球连接，极板B 和静电计外壳都接地。
湖北省孝感高级中学2013-2014学年高二上学期期末考试 物理试题 含答案 含解析 by张
湖北省孝感高级中学2013—2014学年度高中二年级上学期期末考试物 理命题人:胡 涛 满分:120分 考试用时：120分钟一、单项选择题：每小题5分，8小题共40分． 1．如图所示，把一条导线平行地放在磁针的上方附近，当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转．首先观察到这个实验现象的物理学家是 A ．奥斯特 B ．爱因斯坦 C ．伽利略 D ．牛顿【答案】A当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转，说明电流产生了磁场,这是电流的磁效应，首先观察到这个实验现象的物理学家是奥斯特，故A 正确。
故选A 。
【考点】物理学史2．关于下列说法，正确的是 A ．根据E=F/q 可知，电场中某点的电场强度与处于该点的点电荷电荷量q 成反比 B ．虽然C=Q/U ，但电容器的电容与极板所带电荷量、极板间电势差无关 C ．电源电动势E=W/q 可知，非静电力做功越多，电源电动势也就越大D ．磁感应强度IL F B =，B 与F 、I 、L 有关,其单位关系是m A N T •=11 【答案】BA 、电场强度由电场本身决定，与试探电荷无关，故A 错误；B 、电容的决定式SC 4kd επ=，故B 正确;C 、电源电动势大小由电源本身的特性决定，故C 错误；D 、磁感应强度由磁场自身决定,故D 错误。
故选B 。
【考点】电场强度；磁感应强度；电动势；电容3．交变电流u=50sin100πt（V ）的 A ．周期为100s B ．频率为50Hz C ．周期为0.01s D ．频率为100Hz【答案】B正弦式交变电流瞬时值表达式：2sin sin m m e E t E t T πω==，所以周期为0.02s ，频率为50Hz 。
故选B 。
【考点】正弦式交变电流瞬时值4．三条在同一平面（纸面）内的长直绝缘导线组成一等边三角形，在导线中通过的电流均为I ,方向如图所示。
a 、b 和c 三点分别位于三角形的三个顶角的平分线上，且到相应顶点的距离相等。
湖北省孝感市汉川市2015-2016学年高二上学期期末物理试卷(1)Word版含解析
2015-2016学年湖北省孝感市汉川市高二（上）期末物理试卷一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求．第9～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．如图所示，将带正电的粒子沿着水平方向向右飞过小磁针正上方时，小磁针N极将（）A．向纸内偏转B．向纸外偏转C．静止不动D．无法确定2．下列说法正确的是（）A．带电粒子只受电场力，由静止开始运动，其运动轨迹一定与电场线重合B．由B=知，当通电直导线垂直于磁场放置时，B与通电直导线所受安培力F 成正比，与通电导线I、L的乘积成反比C．电场强度的方向就是放入电场中电荷所受电场力的方向，且其大小E=D．洛伦兹力方向一定与电荷速度方向垂直，磁场方向不一定与电荷运动方向垂直3．在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路．调节滑动变阻器R 并控制电动机停止转动时，电流表和理想电压表的示数分别为0.50A和2.0V；重新调节R并使电动机恢复正常运转时，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A 和24.0V．则这台电动机正常运转时输出功率为（）A．32W B．44W C．47W D．48W4．如图所示，等量异种电荷的平行金属板A、B水平正对放置．一带电微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么（）A．若微粒带负电荷，则A板一定带负电荷B．微粒从M点运动到N点电势能一定减小C．微粒从M点运动到N点动能可能减小D．微粒从M点运动到N点机械能可能增加5．如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A．电压表读数减小 B．电流表读数减小C．质点P将向上运动D．R3上消耗的功率逐渐增大6．目前有一种磁强计，用于测定地磁场的磁感应强度．磁强计的原理如右图所示，电路有一段金属导体，它的横截面是宽为a、高为b的长方形，放在沿y轴正方向的匀强磁场中，导体中通有沿x轴正方向、大小为I的电流．已知金属导体单位体积中的自由电子数为n，电子电荷量为e，金属导电过程中，自由电子所做的定向移动可视为匀速运动．两电极M、N均与金属导体的前后两侧接触，用电压表测出金属导体前后两个侧面间的电势差为U．则磁感应强度的大小和电极M、N的正负为（）A．，M正、N负B．，M正、N负C．，M负、N正D．，M负、N正7．如图所示，真空中M、N处放置两等量异种电荷，a、b、c表示电场中的三条等势线，d点和e点位于等势线a上，f点位于等势线c上，df平行于MN．已知一带正电的试探电荷从d点移动到f点时，试探电荷的电势能增加，则以下判定正确的是（）A．M点处放置的是正电荷B．d点的电势高于f点的电势C．d点的场强与f点的场强完全相同D．将带正电的试探电荷沿直线由d点移动到e点，电场力先做正功，后做负功8．如图所示，在圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，ab是圆的直径．一不计重力的带电粒子从a点射入磁场，速度大小为v，当速度方向与ab成30°角时，粒子在磁场中运动的时间最长，且为t；若相同的带电粒子从a点沿ab 方向射入磁场，也经时间t飞出磁场，则其速度大小为（）A．B．C．D．9．如图所示，一个电荷量为﹣Q的点电荷甲，固定在粗糙绝缘水平面上的O点，另一个电荷量为+q、质量为m的点电荷乙，从A点以初速度v0沿它们的连线内甲运动，到B点时速度减小到最小值v．已知点电荷乙与水平面的动摩擦因数为μ，A、B间距离为L0，静电力常量为k，则下列说法中正确的是（）A．O、B间的距离为B．在点电荷甲产生的电场中，B点的场强大小为C．点电荷乙在A点的电势能小于在B点的电势能D．在点电荷甲产生的电场中，A、B间的电势差U AB=10．如图，线圈L1，铁芯M，线圈L2都可自由移动，S合上后使L2中有感应电流且流过电阻R的电流方向为a→b，可采用的办法是（）A．使L2迅速靠近L1B．断开电源开关SC．将铁芯M插入D．将铁芯M抽出11．材料、粗细相同，长度不同的电阻丝做成ab、cd二种形式的导线，先后放在电阻可忽略的光滑金属导轨上，并与磁场垂直，如图所示．匀强磁场方向垂直导轨平面，外力使导线水平向右做匀速运动，且每次外力F所做的功的功率相同，则（）A．ab运动的速度较大B．它们产生的感应电动势相同C．它们每秒产生的热量相同D．cd受到的外力较小12．如图所示，在同时存在匀强电场和匀强磁场的空间中取正交坐标系Oxyz（z 轴正方向竖直向上），一质量为m、电荷量为q的带正电粒子（重力不能忽略）从原点O以速度v沿x轴正方向出发．下列说法正确的是（）A．若电场、磁场分别沿z轴正方向和x轴正方向，粒子只能做曲线运动B．若电场、磁场均沿z轴正方向，粒子有可能做匀速圆周运动C．若电场、磁场分别沿z轴负方向和y轴负方向，粒子有可能匀速直线运动D．若电场、磁场分别沿y轴负方向和z轴正方向，粒子有可能做平抛运动二.实验题（共16分）13．指针式多用表是实验室中常用的测量仪器，请完成下列问题：（1）在使用多用电表测量时，若选择开关拨至“25mA”挡，指针的位置如图（a）所示，则测量结果为mA．（2）多用电表测未知电阻阻值的电路如图（b）所示，电池的电动势为E、内阻为r，R0为调零电阻，R g为表头内阻，电路中电流I与待测电阻的阻值R x关系图象如图（c）所示，则该图象的函数关系式为I=；（3）下列根据图（c）中I﹣R x图线做出的解释或判断中正确的是A．因为函数图线是非线性变化的，所以欧姆表的示数左小右大B．欧姆表调零的实质是通过调节R0使R x=0时电路中的电流I=I gC．R x越小，相同的电阻变化量对应的电流变化量越大，所以欧姆表的示数左密右疏D．测量中，当R x的阻值为图（c）中的R2时，指针位于表盘中央位置的左侧（4）根据图线可知该电池的电动势E=．14．用下列器材组装成一个电路，既能测量出电池组的电动势E和内阻r，又能同时描绘小灯泡的伏安特性曲线．A．电压表V1（量程6V、内阻很大）B．电压表V2（量程3V、内阻很大）C．电流表A（量程3A、内阻很小）D．滑动变阻器R（最大阻值10Ω、额定电流4A）E．小灯泡（2A、5W）F．电池组（电动势E、内阻r）G．开关一只，导线若干实验时，调节滑动变阻器的阻值，多次测量后发现：若电压表V1的示数增大，则电压表V2的示数减小．（1）请将设计的实验电路图在图甲的虚线方框中补充完整．（2）每一次操作后，同时记录电流表A、电压表V1和电压表V2的示数，组成两个坐标点（I1，U1）、（I2，U2），标到U﹣I坐标中，经过多次测量，最后描绘出两条图线，如图乙所示，则电池组的电动势E=V、内阻r=Ω．（结果保留两位有效数字）（3）在U﹣I坐标中两条图线在P点相交，此时滑动变阻器连入电路的阻值应为Ω（结果保留两位有效数字）．三.计算题（每题12分，共36分）15．如图（a）所示，MN是长为a倾斜放置的光滑绝缘细杆，倾角为37°，MNP 构成一直角三角形．MP中点处固定一电量为Q的正电荷，杆上穿有一带正电的小球（可视为点电荷），小球自N点由静止释放，小球的重力势能和电势能随MN上位置x（取M点处x=0）的变化图象如图（b）所示，其中E0、E1、E2为已知量，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，静电力常量为k，重力加速度为g．（不得使用E p=﹣）（1）求势能为E1时的横坐标x1和带电小球的质量m（2）已知在x1处时小球与杆间的弹力恰好为零，求小球的电量q（3）求小球运动到M点时的速度大小．16．如图（a）所示，平行长直金属导轨水平放置，间距L=0.4m，导轨右端接有阻值R=1Ω的电阻，导体棒垂直放置在导轨上，且接触良好．导体棒及导轨的电阻均不计．导轨间正方形区域abcd内有方向竖直向下的匀强磁场，bd连线与导轨垂直，长度也为L．从0时刻开始，磁感应强度B的大小随时间t变化，规律如图（b）所示；同一时刻，棒从导轨左端开始向右匀速运动，1s后刚好进入磁场，若使棒在导轨上始终以速度v=1m/s做直线运动，求：（1）棒进入磁场前，回路中的电动势E；（2）棒在运动过程中受到的最大安培力F，以及棒通过三角形abd区域使电流i 与时间t的关系式．17．如图所示，在一底边长为2L，底角θ=45°的等腰三角形区域内（O为底边中点）有垂直纸面向外的匀强电场．现有一质量为m，电量为q的带正电粒子从静止开始经过电势差为U的电场加速后，从O点垂直于AB进入磁场，不计重力与空气阻力的影响．（1）粒子经电场加速射入磁场时的速度？（2）若要进入磁场的粒子能打到OA板上，求磁感应强度B的最小值；（3）设粒子与AB板碰撞后，电量保持不变并以与碰前相同的速度反弹，磁感应强度越大，粒子在磁场中的运动时间也越大，求粒子在磁场中运动的最长时间．2015-2016学年湖北省孝感市汉川市高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求．第9～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．如图所示，将带正电的粒子沿着水平方向向右飞过小磁针正上方时，小磁针N极将（）A．向纸内偏转B．向纸外偏转C．静止不动D．无法确定【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】带正电粒子运动时将形成电流，在电流周围形成磁场，根据安培定则，结合电流方向判断小磁针所处的磁场，从而根据小磁针静止时N极指向，即为磁场方向，从而即可求解．【解答】解：一束带正电粒子沿着水平方向向右飞过磁针正上方，则电流方向从左向右，根据安培定则可知，小磁针处于垂直纸面向里的磁场中，因小磁针静止时N极指向磁场方向，则有小磁针的N极向纸内偏转，S极向外偏转，故A正确，BCD错误．故选：A．2．下列说法正确的是（）A．带电粒子只受电场力，由静止开始运动，其运动轨迹一定与电场线重合B．由B=知，当通电直导线垂直于磁场放置时，B与通电直导线所受安培力F 成正比，与通电导线I、L的乘积成反比C．电场强度的方向就是放入电场中电荷所受电场力的方向，且其大小E=D．洛伦兹力方向一定与电荷速度方向垂直，磁场方向不一定与电荷运动方向垂直【考点】洛仑兹力；电场强度；磁感应强度．【分析】带电粒子只受电场力，由静止开始运动，且电场线是直线时，其运动轨迹才与电场线重合．电场强度的方向就是放入电场中正电荷所受电场力的方向．磁感应强度描述磁场本身的强弱和方向，与放入磁场的电流元无关．洛伦兹力方向一定与电荷的运动方向垂直，但电荷的运动方向不一定与磁场方向垂直，由此即可得知各选项的正误．【解答】解：A、当电场线为曲线时，即使带电粒子只受电场力，由静止开始运动，其运动轨迹也不与电场线重合，选项A错误．B、磁场的磁感应强只与磁场本身有关，与通电导线是否受到安培力及安培力的大小无关，选项B错误．C、电场强度的方向与放入电场中的正电荷所受电场力的方向相同，与负电荷受到的电场力的方向相反，且其大小可有E=来进行计算，选项C错误．D、由左手定则可知，洛伦兹力方向一定垂直于电荷的速度方向与磁场的方向所决定的平面，即一定与电荷速度方向垂直；但磁场方向不一定与电荷运动方向垂直，选项D正确．故选：D3．在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路．调节滑动变阻器R 并控制电动机停止转动时，电流表和理想电压表的示数分别为0.50A和2.0V；重新调节R并使电动机恢复正常运转时，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A 和24.0V．则这台电动机正常运转时输出功率为（）A．32W B．44W C．47W D．48W【考点】电功、电功率．【分析】从电路图中可以看出，电动机和滑动变阻器串联，电压表测量电动机两端的电压，电流表测量电路电流，根据公式R=可求电动机停转时的电阻；利用公式P=UI可求电动机的总功率，根据公式P=I2R可求电动机克服本身阻力的功率，总功率与电动机克服自身电阻功率之差就是电动机的输出功率．【解答】解：电动机的电阻为：R==4Ω；电动机的总功率为：P=U1I1=24V×2A=48W；克服自身电阻的功率为：P R=I12R=（2A）2×4Ω=16W；P R=48W﹣16W=32W．电动机正常运转时的输出功率是：P输出=P﹣故选：A．4．如图所示，等量异种电荷的平行金属板A、B水平正对放置．一带电微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么（）A．若微粒带负电荷，则A板一定带负电荷B．微粒从M点运动到N点电势能一定减小C．微粒从M点运动到N点动能可能减小D．微粒从M点运动到N点机械能可能增加【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】曲线运动的条件是合力指向曲线的内侧；粒子在电场力和重力的合力作用下做类似平抛运动，水平分运动是匀速直线运动，竖直分运动是匀加速直线运动，结合功能关系分析即可．【解答】解：A、粒子在电场力和重力的合力作用下做类似平抛运动，合力向下，电场力可能向上而小于重力，也可能向下，故无法判断A板的带电情况，故A 错误；B、电场力可能向上，也可能向下，故微粒从M点运动到N点电势能可能增加，也可能减小，故B错误；C、粒子在电场力和重力的合力作用下做类似平抛运动，电场力和重力的合力向下，故从M到N动能增加，故C错误；D、电场力可能向上，也可能向下，故微粒从M点运动到N点过程，电场力可能做负功，也可能做正功，故机械能可能增加，故D正确；故选：D．5．如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A．电压表读数减小 B．电流表读数减小C．质点P将向上运动D．R3上消耗的功率逐渐增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】由图可知电路结构，由滑片的移动可知电路中电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可知各电表示数的变化及电容器两端的电压变化；再分析质点的受力情况可知质点的运动情况．【解答】解：由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串联接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；故B错误；因并联部分电压减小，而R2中电压增大，故电压表示数减小，故A正确；因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，电荷向下运动，故C错误；因R3两端的电压减小，由P=可知，R3上消耗的功率减小；故D错误；故选A．6．目前有一种磁强计，用于测定地磁场的磁感应强度．磁强计的原理如右图所示，电路有一段金属导体，它的横截面是宽为a、高为b的长方形，放在沿y轴正方向的匀强磁场中，导体中通有沿x轴正方向、大小为I的电流．已知金属导体单位体积中的自由电子数为n，电子电荷量为e，金属导电过程中，自由电子所做的定向移动可视为匀速运动．两电极M、N均与金属导体的前后两侧接触，用电压表测出金属导体前后两个侧面间的电势差为U．则磁感应强度的大小和电极M、N的正负为（）A．，M正、N负B．，M正、N负C．，M负、N正D．，M负、N正【考点】霍尔效应及其应用；磁感应强度．【分析】根据左手定则判断出电子的偏转方向，从而确定电势的高低．抓住电子受到的洛伦兹力等于电场力，结合电流的微观表达式求出磁感应强度的大小．【解答】解：根据左手定则知，电子向外侧偏转，则导体M极为负极，N极为正极．自由电子做定向移动，视为匀速运动，速度设为v，则单位时间内前进的距离为v，对应体积为vab，此体积内含有的电子个数为：nvab，电量为：nevab有I===neavb电子受电场力和洛伦兹力平衡，有e=Bev解得：B=，故D正确，ABC错误；故选：D．7．如图所示，真空中M、N处放置两等量异种电荷，a、b、c表示电场中的三条等势线，d点和e点位于等势线a上，f点位于等势线c上，df平行于MN．已知一带正电的试探电荷从d点移动到f点时，试探电荷的电势能增加，则以下判定正确的是（）A．M点处放置的是正电荷B．d点的电势高于f点的电势C．d点的场强与f点的场强完全相同D．将带正电的试探电荷沿直线由d点移动到e点，电场力先做正功，后做负功【考点】电场线．【分析】由电场力对正电荷做功可得电势的高低，再由电场线与电势的关系分析电场的方向．进而判断电荷的受力情况．【解答】解：A、B、因正电荷由d到f电场力做负功，电势能增加，则电势升高．故f点电势高于d点电势．则N点为正电荷，故A错误，B错误．C、d点与f点为关于两电荷的中垂线对称，则场强大小相等但方向不同，故C 错误．D、将带正电的试探电荷沿直线由d 点移动到e 点，电势能先减小再增大到原来值，故电场力先做正功、后做负功．故D正确．故选：D8．如图所示，在圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，ab是圆的直径．一不计重力的带电粒子从a点射入磁场，速度大小为v，当速度方向与ab成30°角时，粒子在磁场中运动的时间最长，且为t；若相同的带电粒子从a点沿ab 方向射入磁场，也经时间t飞出磁场，则其速度大小为（）A．B．C．D．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】粒子在磁场中运动，运动的时间周期与粒子的速度的大小无关，分析粒子的运动的情况，可以判断第二个粒子的运动轨迹半径，即可根据牛顿第二定律求出速度大小．【解答】解：设圆形区域的半径为R．带电粒子进入磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，则有：qvB=m，得r=，则有r∝v．①当粒子从b点飞出磁场时，入射速度与出射速度与ab的夹角相等，所以速度的偏转角为60°，轨迹对应的圆心角为60°．根据几何知识得知：轨迹半径为r1=2R；②当粒子从a点沿ab方向射入磁场时，经过磁场的时间也是t，说明轨迹对应的圆心角与第一种情况相等，也是60°．根据几何知识得，粒子的轨迹半径为r2=；③则由①得：==则得，v′=v；故选：C．9．如图所示，一个电荷量为﹣Q的点电荷甲，固定在粗糙绝缘水平面上的O点，另一个电荷量为+q、质量为m的点电荷乙，从A点以初速度v0沿它们的连线内甲运动，到B点时速度减小到最小值v．已知点电荷乙与水平面的动摩擦因数为μ，A、B间距离为L0，静电力常量为k，则下列说法中正确的是（）A．O、B间的距离为B．在点电荷甲产生的电场中，B点的场强大小为C．点电荷乙在A点的电势能小于在B点的电势能D．在点电荷甲产生的电场中，A、B间的电势差U AB=【考点】电势能；电场强度．【分析】正确分析物体受力特点，明确力和运动的关系，在本题中注意滑动摩擦力的大小方向不变，两球靠近过程中库仑力逐渐增大，小球先减速后加速，根据牛顿第二定律和功能关系可正确解答．【解答】解：A、设OB=x．当速度最小时有：qE=μmg，又E=k，联立得：x=，故A 正确．B、当速度最小时有：qE=μmg，故可得点电荷甲在B点处的场强E=，故B 正确；C、由于电场力做正功，电荷乙的电势能减小，则点电荷乙在A点的电势能大于在B点的电势能，故C错误；D、点电荷从A运动B过程中，根据动能定理有：U AB q﹣mgμL=﹣，故AB两点的电势差U AB=（mgμL+﹣），故D错误．故选：AB．10．如图，线圈L1，铁芯M，线圈L2都可自由移动，S合上后使L2中有感应电流且流过电阻R的电流方向为a→b，可采用的办法是（）A．使L2迅速靠近L1B．断开电源开关SC．将铁芯M插入D．将铁芯M抽出【考点】楞次定律．【分析】通过楞次定律，结合感应电流的方向，可确定穿过线圈L2的磁通量如何变化，再根据磁铁的运动，或由右手螺旋定则来确定线圈L1产生的磁场的运动，从而即可求解．【解答】解：由题意可知，流过电阻R的电流方向为a→b，根据楞次定律，则有：穿过线圈L2的感应磁场方向是水平向左，因此要产生这样的感应磁场，要么原磁场水平向左减小，要么原磁场方向水平向右增大；A、根据右手螺旋定则可知，线圈L1的磁场方向是水平向右，当使L2迅速靠近L1时，导致穿过线圈L2的磁通量向右且增大，因此会产生的感应电流方向为a→b，故A正确；B、根据右手螺旋定则可知，线圈L1的磁场方向是水平向右，当断开电源开关时，导致穿过线圈L2的磁通量向右且减小，因此会产生的感应电流方向为b→a，故B错误；C、根据右手螺旋定则可知，线圈L1的磁场方向是水平向右，当铁芯M插入时，导致穿过线圈L2的磁通量向右且增加，因此会产生的感应电流方向为a→b，故C正确，D错误；故选：AC11．材料、粗细相同，长度不同的电阻丝做成ab、cd二种形式的导线，先后放在电阻可忽略的光滑金属导轨上，并与磁场垂直，如图所示．匀强磁场方向垂直导轨平面，外力使导线水平向右做匀速运动，且每次外力F所做的功的功率相同，则（）A．ab运动的速度较大B．它们产生的感应电动势相同C．它们每秒产生的热量相同D．cd受到的外力较小【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．【分析】根据E=BLv分析电动势大小，注意切割有效长度相同；明确能量守恒定律得每秒产生的热量即等于外力的功率．根据电阻定律得ef较长，所以R较大再根据电路中热功率的表达式进行比较；根据P=Fv可分析外力的大小．【解答】解：A、两导线切割的有效长度均为L，则电动势E=BLv，根据能量守恒定律得每秒产生的热量即等于外力的功率．P==外力使导线水平向右做匀速运动，且每次外力所做功的功率相同，因cd导线较长，根据电阻定律得R较大，则匀速的速度就最大，故A错误．B、根据E=BLv可知虽然有效长度相等，但每根匀速的速度并不同，因cd速度大，故cd的电动势较大，故B错误．C、根据能量守恒定律可知，产生的热量的功率等于外力的功率，即Q=Pt，所以每秒产生的热量相等，故C正确．D、由P=Fv可知，功率相同，cd的速度较大，故cd受到的外力较小；故D正确；故选：CD．12．如图所示，在同时存在匀强电场和匀强磁场的空间中取正交坐标系Oxyz（z 轴正方向竖直向上），一质量为m、电荷量为q的带正电粒子（重力不能忽略）从原点O以速度v沿x轴正方向出发．下列说法正确的是（）A．若电场、磁场分别沿z轴正方向和x轴正方向，粒子只能做曲线运动B．若电场、磁场均沿z轴正方向，粒子有可能做匀速圆周运动C．若电场、磁场分别沿z轴负方向和y轴负方向，粒子有可能匀速直线运动D．若电场、磁场分别沿y轴负方向和z轴正方向，粒子有可能做平抛运动【考点】带电粒子在混合场中的运动．【分析】带正电荷的质点处于此电场、重力场和磁场中，受到重力，电场力和洛伦兹力，对质点进行受力分析，即可得出质点的运动情况．【解答】解：A．若电场、磁场分别沿z轴正方向和x轴正方向，则有带正电粒子所受到的电场力方向沿z轴正方向，由于运动方向与磁场方向平行，所以不受洛伦兹力，因此当电场力等于重力时，粒子可能匀速直线运动；当电场力不等于重力时，粒子做曲线运动．故A错误；B．若电场、磁场均沿z轴正方向，则电场力沿z轴正方向，而洛伦兹力根据左手定则可得沿y轴正方向，所以当电场力等于重力时，由洛伦兹力提供向心力，使其可能做匀速圆周运动，故B正确；C．若电场、磁场分别沿z轴负方向和y轴负方向，则有电场力沿z轴负方向，而洛伦兹力沿z轴正方向，当洛伦兹力大小等于重力与电场力之和时，粒子可能做匀速直线运动，故C正确；D．若电场、磁场分别沿y轴负方向和z轴正方向，则有电场力沿y轴负方向，而洛伦兹力沿y轴正方向，当电场力等于洛伦兹力时，带电粒子恰好做平抛运动，故D正确．故选：BCD二.实验题（共16分）13．指针式多用表是实验室中常用的测量仪器，请完成下列问题：。
湖北省孝感高级中学2014-2015学年高二物理下学期期末考试试题
孝感高中2014—2015学年度高二下学期期末考试物理试题考试时间：90分钟 分值：100分第I 卷（选择题 共36分）一、选择题（本题共8个小题，每小题5分，1～4每小题只有一项符合题目要求；5～8每小题至少有两项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选的得0分）1．关于行星运动定律和万有引力定律的建立过程，下列说法正确的是A ．第谷通过整理大量的天文观测数据得到行星运动定律B ．开普勒指出，地球绕太阳运动是因为受到来自太阳的引力C ．牛顿通过比较月球公转的向心加速度和地球赤道上物体随地球自转的向心加速度，对万有引力定律进行了“月地检验”D ．卡文迪许在实验室里通过几个铅球之间万有引力的测量，得出了引力常量的数值2．下列说法正确的是A ．由F kx =可知，在弹性限度内弹力F 的大小与弹簧的弹性形变量x 成正比B ．由F k x =可知，劲度系数k 与弹力F 成正比，与弹簧的形变量x 成反比 C ．由fN F F μ=可知，滑动摩擦系数μ与摩擦力F f 成正比，与正压力F N 成反比D ．由FE q=可知，电场强度E 与电场力F 成正比，与电荷量q 成反比 3．如图所示，完全相同的甲、乙两个环形电流同轴平行放置，甲的圆心为O 1，乙的圆心为O 2，在两环圆心的连线上有a 、b 、c 三点，其中aO 1＝O 1b＝bO 2＝O 2c ，此时a 点的磁感应强度大小为B 1，b 点的磁感应强度大小为B 2。
当把环形电流乙撤去后，c 点的磁感应强度大小为A ．21B B - B ．212B B -C ．122B B -D ．13B4．如图所示，一固定的细直杆与水平面的夹角为o 15α=，一个质量忽略不计的小轻环C 套在直杆上，一根轻质细线的两端分别固定于直杆上的A 、B 两点，细线依次穿过小环甲、小轻环C 和小环乙，且小环甲和小环乙分居在小轻环C 的两侧。
调节A 、B 间细线的长度，当系统处于静止状态时o 45β=。
湖北省孝感高级中学2013-2014学年高二上学期期中考试物理试题Word版含答案
湖北省孝感高级中学2013—2014学年度高中二年级上学期期中考试物 理命题人：叶延安 考试时间：120分钟 满分：120分一、选择题（每小题5分，共12题60分.每题至少一个选项正确） 1． 关于电阻率的说法正确的是A ．电阻率与导体长度有关B ．电阻率与导体形状有关C ．电阻率与导体横截面积有关D ．电阻率与导体材料有关2． 下列关于机械波的说法中正确的是A ．介质中各质点都在各自的平衡位置附近振动B ．传播波的过程中相邻质点间可以没有相互作用力C ．随着波的传播,介质中的各质点也将由近及远地迁移出去D ．将相邻的两个质点比较,离波源近的质点带动离波源远的质点振动 3． 下列关于波的干涉和衍射的说法中,正确的是A ．两列波在相遇的区域内,一定能发生干涉现象B ．频率不同的两列波叠加时,也可能发生干涉现象C ．只要是波都能发生衍射,衍射是波特有的现象D ．波长比障碍物或孔的宽度大得多时,衍射不明显 4． 关于磁场，下列说法正确的是A ．磁感应强度B 是反映磁场强弱的物理量 B ．由IL F B / 可知，B 与F 成正比，与IL 成反比 C. 地磁场北极在地理北极附近，二者不是重合的D ．电流与电流，磁极与磁极，磁极与电流之间都是通过磁场发生作用力的5． 如图所示，三条虚线表示某电场的三个等势面，其中φ1=10V ，φ2=20V ，φ3=30V 一个带电粒子只受电场力作用，按图中实线轨迹从A 点运动到B 点，由此可知A ．粒子带正电B ．粒子的速度变大C ．粒子的加速度变大D ．粒子的电势能变大6． 如图所示，在x 轴上关于O 点对称的A 、B 两点有等量同种点电荷+Q ，在y 轴上有C 、D 两点，且CO=OD ，∠ADO=60°。
下列判断正确的是 A ．O 点电场强度为零 B ．D 点电场强度为零C ．若将点电荷+q 从O 移动C ，电势能增大D ．若将点电荷-q 从O 移动C ，电势能增大 7． 真空中有两个相同的金属小球（均可视为点电荷），相距为r ，它们之间的静电引力为F 。
湖北省孝感高级中学2014-2015学年高一下学期期末考试物理试卷(Word版含答案)
孝感高中2014—2015学年度高一下学期期末考试物理试题命题人：杜见胜 考试时间：90分钟 分值：110分第Ⅰ卷 （本卷共两个大题，12个小题）一、单选题（每小题只有一个选项正确，每小题5分共40分） 1．下列说法中正确的是A ．卡文迪许发现了万有引力定律B ．库仑首先提出了电场的概念C ．牛顿首先提出了力是使物体运动的原因D ．元电荷e 的数值最早是由美国物理学家密立根测得的2．假设地球可视为质量均匀分布的球体，己知地球表面重力加速度在两极的大小为g 0，在赤道处的大小为g ,地球自转的周期为T 。
则地球的半径为A ．202()4g g T p -B ．2204()g g T p -C ．202()4g g T p +D ．2204()g g Tp + 3．1995年，日内瓦天文台的Mayor 和Queloz 发现主序星“51 peg ”有一个行星，命名为“51 peg b ”，行星“51 peg b ”的发现拉开了研究太阳系外行星的序幕。
“51 peg b ”绕其中心恒星做匀速圆周运动，周期约为4天，轨道半径约为地球绕太阳运动半径的120，该中心恒星与太阳的质量比约为A ．81:80B ．9:5C ．5:1D ．10:14．如图，站在汽车上的人用手向前推车的力为F ，脚对车的摩擦力为f ，下列说法正确的是 A ．当车匀速运动时，F 和f 对车做功的代数和为正功 B ．当车加速运动时，F 和f 对车做功的代数和为正功 C ．当车减速运动时，F 和f 对车做功的代数和为正功 D ．不管车做何种运动，F 和f 的总功和总功率都为零5．如图(a )所示，物体静止在水平地面上，受到水平拉力F 的作用，F 与时间t 的变化关系如图(b )所示。
设物块与地面间的最大静摩擦力F fm 的大小与滑动摩擦力大小相等，则t 1~t 3时间内A ．t 2时刻物体的加速度最小B ．t 2时刻摩擦力的功率最大C ．t 3时刻物体的动能最大D ．t 3时刻物体开始反向运动6． 一起重机的钢绳由静止开始匀加速提起质量为m 的重物，当重物的速度为v 1时，起重机达到额定功率P ．以后起重机保持该功率不变，继续提升重物，直到达到最大速度v 2为止，则整个过程中，下列说法正确的是(重力加速度为g)A ．钢绳的最大拉力为mg ，B ．钢绳的最大拉力为2P v C ．重物的平均速度大小为122v v + D. 重物匀加速运动的加速度1P g mv - 7．如图所示，虚线为电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等。
湖北省孝感高级中学2014届高三上学期期末测试物理试题全国通用-一轮复习
湖北省孝感高级中学2014届高三上学期期末测试物理试题考试时间：2014年元月26号上午9:00——11:00命题人：高三理科综合组第Ⅰ卷 选择题（共21小题，每小题6分，共126分）二、选择题:本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．如图所示，欲使在固定的粗糙斜面上匀速下滑的木块A 停下，可采用的方法是：A ．增大斜面的倾角B ．对木块A 施加一个垂直于斜面向下的力C ．对木块A 施加一个竖直向下的力D ．在木块A 上再叠放一个重物15．假设髙速公路上甲、乙两车在同一车道上同向行驶.甲车在前.乙车在后.速度均为 v 0=30m/s.距离s 0=l00m.t=0时刻甲车遇紧急情况后，甲、乙两车的加速度随时间变化如图所示.取 运动方向为正方向.下面说法错误的是A ．t=6s 时两车等速B ．t=6s 时两车距离最近C ．0-6s 内两车位移之差为90mD ．两车0-9s 在内会相撞16.有a 、b 、c 、d 四颗地球卫星，a 还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动，b 处于地面附近近地轨道上正常运动，c 是地球同步卫星，d 是高空探测卫星，各卫星排列位置如图2，则有A ．a 的向心加速度等于重力加速度gB ．c 在4 h 内转过的圆心角是π6C ．b 在相同时间内转过的弧长最长D ．d 的运动周期有可能是23h17．在如图所示的四个电路中，电源电动势为 ，内阻为r ，定值电阻为0R 。
当滑动变阻器R 的滑片P 从a 向b 滑动时，理想电压表读数变大的是18．如图所示，离水平地面一定高处水平固定一内壁光滑的圆筒，筒内固定一轻质弹簧，弹簧处于自然长度。
现将一小球从地面以某一初速度斜向上抛出，刚好能水平进入圆筒中，不计空气阻力。
下列说法中正确的是A ．弹簧获得的最大弹性势能等于小球抛出时的动能B ．小球从抛出到将弹簧压缩到最短的过程中小球的机械能守恒C ．小球抛出的初速度大小仅与圆筒离地面的高度有关D ．小球从抛出点运动到圆筒口的时间与小球抛出时的角度无关19．两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A 、B 、C 三点，如图所示。
湖北省孝感高级中学2012-2013学年高二上学期期末考试物理试题
命题人：杜见胜考试时间：90分钟第Ⅰ卷注意事项：1、本卷共有Ⅰ、Ⅱ两卷，三个大题共17小题，满分110分，考试时间90分钟2、答第Ⅰ卷前考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目用铅笔正确填涂在答题卡上3、第Ⅱ卷答在答题纸上一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。
每小题给出的四个选项中，有的有一个选项正确，有的有多个选项正确。
全选对得4分，选对但选不全得2分，有错选的得0分）1．在科学发展过程中，许多科学家对物理学的发展作出了巨大贡献，下列表述正确的是A．库仑最先提出了电荷周围存在电场的观点B．楞次发现了电磁感应现象C．安培得出了电磁感应的产生条件D．密立根测出了电子的电荷量2．如图1所示，A、B是两个等量异种点电荷，O是A、B连线的中点，C、D是A、B连线的中垂线上且与连线距离相等的两点，下列说法中正确的是A．在A、B连线的中垂线上，从C到D，各点电势都相等，场强都相同B．在A、B连线的中垂线上，从C到D，场强先增大后减小，电势都相等C．在A、B连线上，O点的电势最高D．从O点沿中垂线OC方向直到无限远处，电势越来越低3．某电场中等势面如图2所示，下列关于该电场描述正确的是A．A点的电场强度比C点的小B．把负电荷从A点移到C点，电势能增大C．正电荷沿等势面AB移动过程中，电场力做正功D．正电荷由A移到C，电场力做负功4．如图3所示，平行板电容器带有一定量的电荷，电容器的两极板A、B分别跟静电计和地相连，静电计外壳接地。
下列说法正确的是A. 将A极板向右移动少许，静电计指针的偏转角将增大B. 将B极板向右移动少许，静电计指针的偏转角将增大C. 将B极板向上移动少许，静电计指针的偏转角将减小D. 将一块玻璃板（ε>1）插入A、B两极板之间，静电计指针的偏转角将减小5．如图4所示电路中，滑动变阻器的滑片P由a向右移到b的过程中，以下说法中正确的是A．电源的总功率增大B．电源内部的电势降落减小C．电压表的示数一直减小D．R2消耗的功率一直增大6．如图5是回旋加速器示意图，其核心部分是两个D形金属盒，两金属盒置于匀强磁场中，并分别与高频电源相连。
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孝感高中2014—2015学年度高二上学期期末考试物理试题叶延安 考试时间：90分钟一、单项选择题（分2847=⨯*）1． 每时每刻都有大量带电的宇宙射线向地球射来，地球磁场可以有效地改变这些宇宙射线中大多数带电粒子的运动方向，使它们不能到达地面，这对地球上的生命有十分重要的意义。
假设有一个带正电的宇宙射线粒子正垂直于地面向赤道射来，（如图，地球由西向东转，虚线表示地球自转轴，上方为地理北极），在地球磁场的作用下，它将 A ．向东偏转B ．向南偏转C ．向西偏转D ．向北偏转2． 质量为m 的钢球自高处落下，以速率v 1碰地，竖直向上弹回，碰撞时间极短，离地的速率为v 2。
在碰撞过程中，地面对钢球冲量的方向和大小为 A ．向下，m(v 1-v 2)B ．向下，m(v 1+v 2)C ．向上，m(v 1-v 2)D ．向上，m(v 1+v 2)3． 有一个均匀带电圆环，以圆环圆心O 为坐标原点，过O 且垂直于圆环平面的线为x 轴，如下图甲所示，现测得x 轴上的电场强度随坐标x 值变化的图像如图乙所示（场强为正值，表示方向沿x 轴正方向），H 、I 是x 轴上两点，且HO ＜OI ，取无穷远处电势为零。
则以下分析正确的是A ．该圆环带负电B ．x 轴上O 点电势为零C ．将一个正的试探电荷沿x 轴从H 移动到I 的过程中，电势能先增大后减小D ．H 点的电势低于I 点的电势4． 如图所示，R 3是光敏电阻，当开关Ｓ闭合后在没有光照射时，b a 、两点等电势，当用光照射电阻R 3时A ．R 3的电阻变小，a 点电势高于b 点电势B ．R 3的电阻变小，a 点电势低于b 点电势C ．R 3的电阻变大，a 点电势高于b 点电势D ．R 3的电阻变大，a 点电势低于b 点电势5． K -介子衰变的方程为K -−→−0π+π-，其中K -介子和-π介子带负的基元电荷，0π介子不带电。
一个K -介子沿垂直磁场的方向射入匀强磁场中，其轨迹为圆弧AP ，衰变后产生的-π介子的轨迹为圆弧PB ，轨迹在P 点相切，它们的半径-K R 与-πR 之比为2:1。
0π介子的轨迹未画出，由此可知-π的动量大小与0π的动量大小之比为 A ．1:1B ．1:2C ．1:3D ．1:66． 如图所示，A 1、A 2是完全相同的灯泡，线圈L 的电阻可以忽略，下列说法中正确的是A ．开关S 接通时，A 2灯先亮、A 1灯逐渐亮，最后A 1A 2一样亮B．开关S接通时，A1、A2两灯始终一样亮C．断开S的瞬间，流过A2的电流方向与断开S前电流方向相反D．断开S的瞬间，流过A1的电流方向与断开S前电流方向相反7．如图，在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为d（d＞L ）的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下。
导线框以某一初速度向右运动，t=0时导线框的的右边恰与磁场的左边界重合，随后导线框进入并通过磁场区域。
下列v-t图像中，可能正确描述上述过程的是二、多项选择题（全部选对得5分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分，4=⨯*）20分58．如图所示，Q为用毛皮摩擦过的橡胶圆盘，由于它的转动，使得金属环P中产生了逆时针方向的电流，则Q盘的转动情况是：A．顺时针加速转动B．逆时针加速转动C．顺时针减速转动D．逆时针减速转动9．如图所示，设变压器为理想变压器，并保持输入电压U1不变，L为串联在原线圈的灯泡，L1、L2、L3、L4为副线圈的负载，当滑动变阻器R的滑片向下移动时A ．L 1灯亮度增加B ．L 2灯亮度减弱C ．L 3灯亮度增加D ．L 4灯亮度减弱10．如图所示，一根长度L 的直导体棒中通以大小为I 的电流，静止放在导轨上，垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B ，B 的方向与竖直方向成θ角。
下列说法中正确的是 A ．导体棒受到磁场力大小为BLIsin θB ．导体棒对轨道压力大小为θsin BIL mg -C ．导体棒受到导轨摩擦力为(sin )mg BIL μθ-D ．导体棒受到导轨摩擦力BLIcosθ 11．如图所示，固定在水平绝缘平面上足够长的金属导轨不计电阻，但表面粗糙，导轨左端连接一个电阻R ，质量为m 的金属棒(电阻也不计)放在导轨上，并与导轨垂直，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直，用水平恒力F 把ab 棒从静止起向右拉动的过程中,以下结论正确的有 A ．恒力F 做的功等于电路产生的电能；B ．恒力F 和摩擦力的合力做的功等于电路中产生的电能；C ．克服安培力做的功等于电路中产生的电能；D ．恒力F 和摩擦力的合力做的功等于电路中产生的电能和棒获得的动能之和 三、实验题（每空3分，共计18分）12．用某精密仪器测量一物体的长度，得到结果为1.63812cm 。
现改成最小刻度为mm 的刻度尺去测量，结果应该为 cm ；如果改成20分度的游标卡尺去测量，结果应该为_________cm ；如果改成螺旋测微器去测量，结果应该为 cm.13．某同学欲测一个未知电阻的阻值，可供选择的仪器有：电流表A （量程有10 mA 、0.6 A ），电压表V （量程有3 V 、15 V ）两种，电源电压为4.5 V ．该同学先按如图接好电路，闭合S 1后，把开关S 2拨至a 时发现，两电表的指针偏转都在满偏的4/5处，再把S 2拨至b 时发现，其中一个电压表的指针偏角几乎不变，另一个电流表的指针偏转到满偏的3/4处．则该同学在实验中：①所选电压表的量程为______；②所选电流表的量程为_______；③被测电阻x R ＝_______．四、计算题（必须要有解答过程，只有结果没有过程的不得分。
共计34分）14．（8分）如图所示，套在绝缘棒上的小球，质量为1g ，带有q=4×10-3C 的正电荷，小球在棒上可以自由滑动，直棒放在互相垂直且沿水平方向的匀强电场E=10N/C 和匀强磁场B=5T 之中，小球和直棒之间的动摩擦因数为μ=0.2，求小球由静止沿棒竖直下落的最大加速度和最大速度。
（设小球在运动过程中电量不变，重力加速度g=10m/s 2）。
15．（12分）如图所示，线圈的面积是0.05 m 2，共100匝，线圈电阻为r = 1 Ω，外接电阻R= 9 Ω，匀强磁场的磁感应强度B =π2T ，当线圈以300 r/min 的转速匀速旋转时，求：（1）若从中性面开始计时，写出线圈磁通量变化率的瞬时表达式． （2）电路中电压表和电流表的示数各是多少？（3）由图示位置转过60°角的过程产生的平均感应电动势为多少？16．（14分）如图（a ）两水平放置的平行金属板C 、D 相距很近(粒子通过加速电场的时间忽略不计)，上面分别开有小孔O /、O ，水平放置的平行金属导轨与C 、D 接触良好，且导轨在磁感强度为B 1=10T 的匀强磁场中，导轨间距L=0.50m,金属棒AB 紧贴着导轨沿平行导轨方向在磁场中做往复运动，其速度图象如图(b)所示，若规定向右运动速度方向为正方向，从t=0时刻开始，由C 板小孔O /处连续不断以垂直于C 板方向飘入质量为m=3.2×10-21㎏、电量q=1.6×10-19C 的带正电的粒子（设飘入速度很小，可视为零）。
在D 板外侧有以MN 为边界的匀强磁场B 2=10T ，MN 与D 相距d=10cm ，B 1、B 2方向如图所示（粒子重力及其相互作用不计）。
求：（1）在0～4.0s 时间内哪些时刻发射的粒子能穿过电场并能飞出磁场边界MN ？ （2）粒子从边界MN 射出来的位置之间最大的距离是多少？孝感高中2014—2015学年度高二上学期期末考试物理试题答案一、 单项选择题每题4分二、 多项选择题每题5分三、 实验题12、1.64 1.640或1.635 1.6381 13、3V 10mA 320 四、计算题-14、解：当摩擦力为零时，小球仅受重力作用，加速度最大。
g a =max （3分） 当合外力为零时，小球速度达到最大。
BEBq mg v mg qE Bqv +=⇒=-μμmax max )( 代入数值可得 s m v /5.4max = （5分） 15、解：（1）s rad n /1060/2⋅==ππω t t BS tπωωφ10sin 25.0sin ==∆∆∴ (4分) （2）V NBS E 502==ω所以，电压表示数为 V E r R R U 45=+=电流表示数为 A rR EI 5=+= （4分） (3)转过60度角所用时间为S t 3013==∆ωπV V t BS BS N t N E 8.3327560cos 0≈=∆-=∆∆=∴πφ （4分）16、 解：（1）从O /进入的粒子先加速，D 板带负电，AB 向右运动，当粒子以速度V 0进入磁场B 2中，做匀速圆周运动，刚好与边界MN 相切，则有：B 2qV 0=m RV 2R=d 得：V 0 =s m m qd B /502= 设对应两板间电压为U ，AB 的速度为V ，则有：U=B 1LV ，对粒子由动能定理得：qU=2021mV 得：V=s m LqB mV /5212= 由AB 杆的速度时间图象得对应的时刻t 1=0.25s 和t 2=1.75s即在0.25s ～1.75s 之间发射的离子可飞出磁场边界MN (8分)（2）粒子能打到的最远点E ，到O 点的水平距离等于R=d=0.1m ，最近点为F ，对应离子的最大速度V m ，由B 1LV=U m B 2qV m =m rV m 2U m q=221m mV解得圆周运动的最大半径r=0.2m由几何知识得：r 2=R 2+(r-FH)2 解得FH=（0.2-103）m ， EF=0.073m （6分）。