2019届名校学术联盟高三高考模拟信息卷理科综合物理试题七(解析版)

名校学术联盟高考模拟信息卷&押题卷理科综合(七)（物理部分）二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1.2018年雅加达亚运会田径项目焦点战男子百米飞人大战，中国选手苏烟添以9.92的成绩无悬念夺得冠军，并创造了新的亚运会纪录。

苏炳添能取得如此优异成绩，主要是因为他A. 起跑速度快B. 途中达到的最大速度大C. 冲刺速度大D. 全程平均速度大【答案】D【解析】【分析】100m比赛是在相同的位移内比时间，时间短的胜，根据可知判断；【详解】100m比赛是在相同的位移内比时间，时间短的胜，根据可知是因为他全程平均速度大，故D 正确，A、B、C错误；故选D。

2.关于原子核的变化、核能及核力，下列说法正确的是A. 核力是一种弱相互作用，只能发生在原子核内相邻核子之间B. 某原子经过一次α衰变和两次β衰变后，核内质子数不变C. 放射性原子核X发生衰变，生成物的结合能一定小于X的结合能D. U+n→Ba+Kr+3n是太阳内部发生的核反应之一【答案】B【解析】【分析】核力是强相互作用，具有饱和性和短程性；故将核子束缚在原子核内的核力，是不同于万有引力和电磁力的另一种相互作用力且每个核子只跟邻近的核子发生核力的作用，重核衰变时释放能量，衰变产物的结合能之和大于原来重核的结合能，α衰变的过程中电荷数少2，质量数少4，β衰变的过程中电荷数增1，质量数不变；【详解】A、核力是强相互作用，具有饱和性和短程性；故将核子束缚在原子核内的核力，是不同于万有引力和电磁力的另一种相互作用力且每个核子只跟邻近的核子发生核力的作用，故A错误；B、α衰变的过程中电荷数少2，质量数少4，β衰变的过程中电荷数增1，质量数不变，某原子核经过一次α衰变和两次β衰变后，电荷数不变，核内质子数不变，故B正确；C、放射性原子核X发生衰变，要释放能量，衰变产物的结合能之和一定大于原来X的结合能的，故C错误；D、太阳内部的反应是聚变反应，而是裂变反应，故D错误；故选B。

【点睛】关键知道α衰变的过程中电荷数少2，质量数少4，β衰变的过程中电荷数增1，质量数不变，太阳内部的反应是聚变反应，放射性原子核X发生衰变，要释放能量，衰变产物的结合能之和一定大于原来X的结合能的。

3.如图所示，三角形abc的三个顶点各自固定一个点电荷，A处点电荷受力如图所示，则B处点电荷受力可能是A. F1B. F2C. F3D. F4【答案】B【解析】【分析】根据库仑定律，结合平行四边形定则及几何关系可以知道C处电荷对A处电荷的电场力为引力，B处电荷对A处电荷的电场力为斥力，在根据平行四边形定则分析B处点电荷受力；【详解】A处点电荷所受静电力大小为F，根据库仑定律，结合平行四边形定则及几何关系可以知道，C处电荷对A处电荷的电场力为引力，B处电荷对A处电荷的电场力为斥力，C处电荷与A处电荷为异种电荷，A处电荷与B处电荷为同种电荷，所以可得C处电荷对B处电荷的电场力为引力，A处电荷对B处电荷的电场力为斥力，根据平行四边形定则可得则B处点电荷受力可能，故B正确，A、C、D错误；故选B。

【点睛】关键是根据库仑定律，结合平行四边形定则及几何关系分析C 处电荷与A处电荷为异种电荷，A处电荷与B处电荷为同种电荷。

4.如图甲所示，abcd为边长为L=1m的正方形余属线框，电阻为R=2Ω，虚线为正方形的对称轴，虚线上方线框内有按图乙变化的匀强磁场，虚线下方线框内按图丙变化的匀强磁场，磁场方向垂直于纸面向里为正，则线框中的感应电流大小为A. AB. AC. AD. A【答案】C【解析】【分析】根据磁感应强度的变化，结合有效面积求出磁通量的变化量，根据法拉第电磁感应定律求出感应电动势的大小，再由闭合电路欧姆定律，从而求解；【详解】由图乙得：，由法拉第电磁感应定律得：，由楞次定律得，线框的感应电流方向为逆时针方向；由图丙得：，由法拉第电磁感应定律得：，由楞次定律得，线框的感应电流方向为逆时针方向；线框中的感应电流大小为，故C正确，A、B、D错误；故选C。

【点睛】关键是由楞次定律得虚线上方线框内和虚线下方线框的感应电流方向均为逆时针方向，根据法拉第电磁感应定律求出感应电动势的大小，再由闭合电路欧姆定律求出感应电流大小。

5.如图所示，物块P用细绳吊在天花板上，物块Q用轻弹簧吊在物P下而，用竖直向上的推力推物块Q，使轻绳的张力刚好为零，保持两物块静止不动。

现撤去推力F，则在物块Q向下运动的过程中，(轻绳不会被拉断)A. 物块P受到的合力先减小后增大B. 物块Q的动能与弹簧的弹性势能之和不断增大C. 物块Q减少的重力势能转化为弹簧的弹性势能D. 物块Q的机械能不断减小，转化成了弹簧的弹性势能【答案】B【解析】【分析】分析物体释放过程中受力，分析弹力如何变化，判断弹簧的弹力，根据系统的机械能守恒分析物体的动能与弹簧的弹性势能之和、动能与重力势能之和如何变化；【详解】A、物块P保持静止，受到的合力始终为零，故A错误；BC、在物块Q向下运动的过程中，物块Q与弹簧组成的系统，机械能守恒，物块Q的动能、物块Q的重力势能与弹簧的弹性势能之和保持不变，物块Q向下运动，物块Q的重力势能减小，物块Q减少的重力势能转化为弹簧的弹性势能和物块Q的动能，所以物块Q的动能与弹簧的弹性势能之和不断增大，故B正确，C 错误；D、开始时轻绳的张力刚好为零，弹簧处于压缩状态，物块Q向下运动，弹簧的弹力对物块Q先做正功后做负功，因此物块Q的机械能先增大后减小，故D错误；故选B。

【点睛】关键是在物块Q向下运动的过程中，物块Q与弹簧组成的系统，机械能守恒；开始时轻绳的张力刚好为零，弹簧处于压缩状态，所以物块Q向下运动，弹簧的弹力对物块Q先做正功后做负功。

6.正三角形ABC的三个顶点处分别固定有水平放置的长直导线，并通以如图所示方向的恒定电流，导线中的电流大小相等，三角形中心O点的磁感应强度大小为B0，已知通电直导线在某点产生的磁场与通电直导线的电流大小成正比，则下列说法正确的是A. O点处的磁感应强度方向竖直向下B. B、C处两导线电流在O点产生的合磁场方向水平向左C. B处电流在O点处产生的磁场磁感应强度大小为B0D. 将A处电流大小减半，则O点处的磁场磁感应强度大小为B0【答案】BCD【解析】【分析】根据导线周围磁场分布可知，与导线等距离地方磁感应强度大小相等；根据安培定则判断出三根导线在O 点形成的磁场方向；根据平行四边形定则分析判断。

【详解】AC、根据安培定则可知，A处电流在O点产生的磁场B A，B处电流在O点产生的磁场B B和C处电流在O点产生的磁场B C，如图所示，由于导线中的电流大小相等，它们O点处产生的磁感应强度的大小相等均为B1，根据平行四边形定则可知，O点处的合磁场的大小，磁感应强度方向水平向左，解得B处电流在O点处产生的磁场磁感应强度大小为，故A错误，C正确；B、根据平行四边形定则可知，B、C处两导线电流在O点产生的合磁场方向水平向左，故B正确；D、将A处电流大小减半，根据通电直导线在某点产生的磁场与通电直导线的电流大小成正比可得A处电流在O点产生的磁场大小变为，根据平行四边形定则可知，则O点处的磁场磁感应强度大小为B0，故D 正确；故选BCD。

7.2018年5月4日0点6分，长征三号乙运载火箭在四昌卫尾发射中心成功将亚太6C卫星送入同步运行轨道(轨道为圆)。

该卫星将服务一带一路建设，进一步提升亚太地区卫星通信、广播服务能力。

对于该卫星的发射与在轨运行，下列说法正确的是A. 该卫星的发射速度一定大于等于7.9km/sB. 该卫星在轨运行的线速度一定大于7.9km/sC. 该卫星在轨运行的向心加速度一定大于赤道上物体随地球自转的向心加速度D. 该卫星的运行高度由该卫星本身的质量和运行周期决定【答案】AC【解析】【分析】第一宇宙速度是人造地球卫星环绕地球做匀速圆周运动时的最大速度，地球同步卫星的发射速度大于第一宇宙速度，人造地球卫星运行时速度大于第二宇宙速度时，就脱离地球束缚，该卫星在轨运行的角速度等于赤道上物体随地球自转的角速度，根据可判断向心加速度；【详解】AB、第一宇宙速度：v=7.9km/s，它是卫星在地面附近绕地球做匀速圆周运动所必须具备的速度；第二宇宙速度：v=11.2km/s．它是卫星离开地球的最小发射速度；因此，卫星绕地球运行，它发射的时候的速度必须等于或大于7.9km/s，小于11.2km/s，根据可得，卫星在轨运行的线速度小于7.9km/s，故A正确，B错误；C、该卫星在轨运行的角速度等于赤道上物体随地球自转的角速度，而该卫星在轨运行的半径等于赤道上物体随地球自转的半径，根据可知该卫星在轨运行的向心加速度一定大于赤道上物体随地球自转的向心加速度，故C正确；D、根据万有引力提供向心力可得，解得，则有该卫星的运行高度与该卫星本身的质量无关，故D错误；故选AC。

【点睛】关键是同步卫星的周期与地球自转周期相同，所以地球同步卫星与静止在赤道上物体的角速度相同，第一宇宙速度是人造地球卫星环绕地球做匀速圆周运动时的最大速度，地球同步卫星的发射速度大于第一宇宙速度。

8.如图所示，空间存在着平行于纸面的匀强电场，虚线为电场的一条等势线，一个质量为m，电量为q的带负电的粒子从等势线上的P点以平行于纸面并与虚线成θ角的方向射入电场，P点与向右运动到的最远处电势差为U，若不计粒子的重力，则A. 场强方向水平向左B. 粒子做的是匀变速运动C. 粒子的初速度大小为D. 粒子向右运动到最远处时速度为零【答案】BC【解析】【分析】带负电的粒子在水平方向向右做匀减速直线运动，在竖直方向做做匀速直线运动，根据运动的合成与分解和动能定理进行分析；【详解】A、根据题意可得带负电的粒子在水平方向向右做匀减速直线运动，而带负电的粒子在水平方向初速度方向向右，所以带负电的粒子受到的电场力水平向左，场强方向水平向右，故A错误；B、带负电的粒子受到水平向左的电场力，合力不变，加速度不变，所以粒子做的是匀变速运动，故B正确；C、带负电的粒子在水平方向，根据动能定理可得：，解得粒子的初速度大小为：，故C正确；D、带负电的粒子在竖直方向做做匀速直线运动，粒子向右运动到最远处时竖直方向的速度为，故D 错误；故选BC。

【点睛】关键是能正确的分析带负电的粒子的运动性质，带负电的粒子在水平方向，根据动能定理求出粒子的初速度大小。

9.某同学用如图所示的装置，探究弹簧的弹力与长度的关系。

(1)关于实验操作，卜列说法正确的是________A.刻度尺竖直放在弹簧附近，零刻度线与弹簧上端对齐B.实验过程要保证弹簧竖直且静止C.悬挂的钩码越多，测出数据越多，实验误差越小D.如果弹簧上指针上下振动，可在指针运动最快的位置进行读数(2)该同学用a、b两条不同的弹簧进行实验，多次改变钩码的质量，测出相应的弹簣的长度L，画出m-L 图象如图所示，由图象可知，a弹簧的原长_________(填“大于”、“小于”或“等于”)b弹簧的原长，a 弹簧的劲度系数_________(填“大于”、“小于”或“等于”)b弹簧的劲度系数，由图象得到的弹簧原长_________(填“大于”、“小于”或“等于”)实际原长。