第七章习题解答(1)

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沪教版九年级(上)物理第七章电路7.1电流电压练习题一和参考答案

九年级（上）物理第七章电路7.1 电流电压（1）一、单项选择题1.关于电流的方向，下列说法正确的是〔〕 A．自由电子定向移动的方向就是电流的方向B．在导电溶液中有可能是自由移动的正、负离子，所以电流的方向不能确定C．金属导体中的电流方向与其中的自由电子定向移动的方向相反D. 带电粒子移动的方向就是电流的方向2.下面关于电压的说法不正确的是〔〕A．某段导体中有电流时，在这段导体的两端一定有电压B．在一段电路的两端如果有电压，在这段电路中就可能有电流C．电压是产生电流的原因，在电路的两端如果没有电压，电路中就没有电流D．电流的大小与电压无关。

3.常见的家用电器，关于它们正常工作时的电流，下列说法中合理的是（）A.电风扇约2AB.电冰箱约1AC.电视机约2AD.台灯约1A4. 图所示的电路中，闭合开关S，能用电压表测量L1两端电压的正确电路是 ( )5 关于电流表的使用，下列说法中正确的是（）A、使用时应注意量程，量程越大越好B．电流表可以和被测电路并联C．为了测量准确，所用的量程越小越好D．电流表串联在电路中使用6．在下图中，要用电流表测量灯L1中的电流，正确的电路图应是 ( )7. 在实验室，小丁同学发现一个电流表有两个量程，大量程是0—9A，小量程模糊不清。

为了测量小量程是多少，她先用大量程接入电路，指针位置如图（a）所示，然后再改用小量程接入同一电路，指针指示如图(b)所示，则电流表的小量程为（〕A．0—3A B．0—2AC．0—1A D．0—0．6A8．某同学在使用电流表测量电路中的电流时，发现指针只是稍微偏转了一点，其原因可能是( )A ．电路中的某处短路B ．电路中的某处开路C ．电流表的量程选择太大了D ．电流表的量程选择太小了9．关于电流表的使用，下列说法中不正确的是（）A ．使用前如果电流表的指针没有指在表盘上的“0”点，要先进行调零B ．电流表要并联在被测电路中C ．当电路中的电流不估计时，要用试触的方法来选定合适的量程D ．绝不允许不经过用电器把电流表接线柱接到电源的两极上10．下图是用带电小球探究电荷间相互作用规律的实验装置，其中符合事实的是11来讲，定向移动形成电流。

C程序设计(第2版)第七章习题解答.doc

C程序设计(第2版)第七章习题解答第七章动态内存分配习题一、基本概念与基础知识自测题7.1 填空题7.1.1 C/C++定义了4个内存区间：（1）、（2）、（3）和（4）。

答案：（1）代码区，存放程序代码；（2）全局变量与静态变量区，存放全局变量或对象（包括静态）；（3）局部变量区即栈（stack）区，存放局部变量；（4）自由存储区（free store），即动态存储区或堆（heap）区。

7.1.2 静态定义的变量和对象用标识符命名，称为（1）；而动态建立的称为（2），动态建立对象的初始化是通过（3）实现（4）。

答案：（1）命名对象（2）无名对象（3）初始化式(initializer)（4）显式初始化7.1.3 在用new运算符建立一个三维数组15*30*10时，使用了（1）个下标运算符，对应的用delete运算符注销这个三维数组时使用了（2）个下标运算符。

new返回的指针是指向（3）的指针。

答案：（1）3个（2）1个（3）30行10列的2位数组7.1.4 当动态分配失败，系统采用（1）来表示发生了异常。

如果new返回的指针丢失，则所分配的自由存储区空间无法收回，称为（2）。

这部分空间必须在（3）才能找回，这是因为无名对象的生命期（4）。

答案：（1）返回一个空指针（NULL）（2）内存泄漏（3）重新启动计算机后（4）并不依赖于建立它的作用域7.1.5 按语义的默认复制构造函数和默认复制赋值操作符实现的复制称为（1），假设类对象obj中有一个数据成员为指针，并为这个指针动态分配一个堆对象，如用obj1按成员语义拷贝了一个对象obj2，则obj2对应指针指向（2）。

答案：（1）浅拷贝（2）同一个堆对象7.1.6 单链表的结点包含两个域：（1）和（2）。

使用链表的最大的优点是（3），即使是动态数组也做不到这一点。

答案：（1）数据域（2）指针域（3）用多少空间，开多少空间7.1.7 进入单链表必须通过单链表的（1），如果它丢失则（2），内存也（3），在单链表中进行的查找只能是（4）。

【单元练】人教版初中八年级物理下册第七章【力】习题(含答案解析)(1)

一、选择题1．重力是由于地球的吸引而使物体受到的力，地球附近的所有物体都受到重力作用，关于重力的说法正确的是（）A．在空中飘浮的物体不受重力作用B．物体所受的重力跟它的质量成正比C．重力的方向总是垂直向下D．形状规则的物体它的重心在它的几何中心上B解析：BA．地面附近的一切物体都受到重力作用，故A错误；B．物体所受的重力跟它的质量成正比，故B正确；C．重力的方向总是竖直向下，故C错误；D．只有质量分布均匀、形状规则的物体的重心才在其几何中心上，故D错误。

故选B。

2．人们常说“铁比木头重”。

这句话的科学含义是（）A．铁的质量比木头的质量大B．铁的体积比木头的体积小C．铁的重力比木头的重力大D．铁的密度比木头的密度大D解析：D人们常说的：铁比木头重，是指单位体积内，铁的质量比木头的大，即铁的密度比木头的大，而重力是指物体受到地球的吸引力，故ABC不符合题意，D符合题意。

故选D。

3．下列说法正确的是（）A．空中飞行的飞机不受重力的作用B．重力的方向总是竖直向下的C．物体上最重的点就是重心D．只要物体质量分布均匀，重心就在它的几何中心上B解析：BA．地球对其表面及附近的一切物体都受到重力的作用，所以空中的飞机始终受到重力的作用，故A错误；B．重力的方向总是竖直向下的，故B正确；C．重心是物体受到的重力的作用点，并不是物体上最重的点，故C错误；D．物体的重心位置由物体的几何形状和质量分布情况决定，物体的重心可以不在这个物体上，质量均匀分布的形状规则的物体的重心一定在几何中心上，故D错误。

故选B。

4．用如图所示的水平仪检验桌面是否水平。

当把它在桌面上东西方向放置时，人在水平仪南方观看，重垂线偏向左方；当把它在桌面上南北方向放置时，人在水平仪的西边观看，重垂线偏向右方，说明此时桌面情况是（）A．东北高，西南低B．西北高，东南低C．东南高，西北低D．西南高，东北低A解析：A重垂线原理：重力的方向总是竖直向下的。

高等代数与解析几何第七章(1-3习题)线性变换与相似矩阵答案

第七章线性变换与相似矩阵习题7.1习题7.1.1判别下列变换是否线性变换?（1 ）设「是线性空间「中的一个固定向量，解：当■时，■-. - 显然是’的线性变换;当小时，有■，则□ l闵+觀h 6逐）+e（碣），即此时■不是"的线性变换。

T\a}解：当「时，显然是「的线性变换;T（闵+觀縊讥坷）+丁（％「，即此时L不是「的线性变换。

（2）在匚中，:T|=（心勾+解：「不是：的线性变换。

因对于叩），所以贰加）黑如©）。

J-f（□）解：是二的线性变换。

设■-T （硏丁（E = （2xj -鬲圖+画尼啊/V —vG —（10,0）€ 护有1!:"'二!,有则有左苴中&二（兀心■IIL.. JI. ■KJO|i —、赢I jr .跚）+（2”-兀5L TXa）a眼JCT 三（1Th f 丰乃1（範+为H （西+沟）必（画+另））価+必）二我住+3a:（上c）- T［上q .上吆上3 =心匕、-kxj r +匕勺.2上勺）=jfc（2x1-无|,阳+ 可，2 両（3）在•［；中，（［）」- ,解：0是H用的线性变换：设貳⑴居（Q它月旳.，贝U直（/a）+欢））=/（兀+i）+gd+i）=</◎》+龙⑵）, a財优论kj\x+5-逝/（劝，唯总F。

（u）处『姦訂芻》,其中•是；中的固定数;解：「-是；一的线性变换：设釁鑰廉8.詰圜，则⑺（7U）+g⑴）=/W+gfe）=次/⑴）卡以gO）），◎（射妙-妙厲）-如y（幼伏訂。

5 穴u（4）把复数域’看作复数域上的线性空间，步②匕加，其中「是一的共轭复数;解：「不是线性变换。

因为取兴习，「-7时，有*鸞日關上（7（仕）=滋二i即0（k&）主去曲空）（5）在：，■ 中，设■与:-是其中的两个固定的矩阵,- U Z&1解：「是"的线性变换。

对1蓟如=P瞒Q= ^PXQ二£啲O习题7.1.2在｛中，取直角坐标系-，以-表示空间绕「轴由轴向…方向旋转900的变换，以表示空间绕'轴由--轴向八方向旋转90°的变换，以&表示空间绕轴由轴向Oy 方向旋转900的变换。

数据结构第七章课后习题答案 (1)

7_1对于图题7.1（P235）的无向图，给出：（1）表示该图的邻接矩阵。

（2）表示该图的邻接表。

（3）图中每个顶点的度。

解：（1）邻接矩阵：0111000100110010010101110111010100100110010001110（2）邻接表：1：2----3----4----NULL;2: 1----4----5----NULL;3: 1----4----6----NULL;4: 1----2----3----5----6----7----NULL;5: 2----4----7----NULL;6: 3----4----7----NULL;7: 4----5----6----NULL;（3）图中每个顶点的度分别为：3，3，3，6，3，3，3。

7_2对于图题7.1的无向图，给出：（1）从顶点1出发，按深度优先搜索法遍历图时所得到的顶点序（2）从顶点1出发，按广度优先法搜索法遍历图时所得到的顶点序列。

（1）DFS法：存储结构：本题采用邻接表作为图的存储结构，邻接表中的各个链表的结点形式由类型L_NODE规定，而各个链表的头指针存放在数组head中。

数组e中的元素e[0],e[1],…..,e[m-1]给出图中的m条边，e中结点形式由类型E_NODE规定。

visit[i]数组用来表示顶点i是否被访问过。

遍历前置visit各元素为0，若顶点i被访问过,则置visit[i]为1.算法分析：首先访问出发顶点v.接着，选择一个与v相邻接且未被访问过的的顶点w访问之，再从w 开始进行深度优先搜索。

每当到达一个其所有相邻接的顶点都被访问过的顶点，就从最后访问的顶点开始，依次退回到尚有邻接顶点未曾访问过的顶点u,并从u开始进行深度优先搜索。

这个过程进行到所有顶点都被访问过，或从任何一个已访问过的顶点出发，再也无法到达未曾访问过的顶点，则搜索过程就结束。

另一方面，先建立一个相应的具有n个顶点,m条边的无向图的邻接表。

初中地理湘教版七年级下第七章了解地区第一节东南亚-章节测试习题(1)

章节测试题1.【答题】东南亚流经国家最多的河是（）A.湄南河B.湄公河C.红河D.萨尔温江【答案】B【分析】本题是对亚洲的主要河流的地理知识的考查。

【解答】湄公河是亚洲流经国家最多的国际性河流，号称“亚洲的多瑙河”，在中国的一段被称为澜沧江，流经中国、缅甸、泰国、老挝、柬埔寨和越南六个国家，注入南海.2.【答题】下图是中南半岛的气温降水图，读图说出它的气候类型（）A.热带雨林气候B.温带海洋性气候C.热带季风气候D.温带大陆性气候【分析】本题考查学生根据降水气温图，判断气候类型。

【解答】从气温降水资料图中可以看出：中南半岛以热带季风气候为主，因降水年内分配不均而分为旱季和雨季，每年11月到次年5月盛行东北风，降水偏少，为旱季；6月到10月盛行西南风，降水很多，为雨季。

3.【答题】关于东南亚旅游资源的叙述，正确的是（）。

A.有丰富的寒带自然景观B.有著名的佛教景观C.有著名的高山滑雪场D.泰姬陵是著名景点【答案】B【分析】本题考查东南亚的旅游资源。

【解答】东南亚位于热带地区，故不可能有寒带景观；该地区雪线较高，不可能有高山滑雪场；泰姬陵位于印度；东南亚是佛教主要分布地区，可以见到著名的佛教景观。

选B。

4.【答题】东南亚在世界上产量最大的热带经济作物有（）A.咖啡、油棕B.可可、椰子C.天然橡胶、蕉麻D.椰子、剑麻【分析】该题考查东南亚的农业。

【解答】东南亚是世界上热带经济作物的最大产地，主要的热带经济作物有天然橡胶、蕉麻、油棕、椰子。

所以正确的是C.5.【答题】下列国家与其旅游胜地的组合，错误的是（）A.泰国—巴厘岛B.柬埔寨—吴哥窟C.印度尼西亚—婆罗浮屠D.缅甸仰光—大金塔【答案】A【分析】本题考查东南亚的国家及其旅游胜地。

【解答】巴厘岛位于印度尼西亚，吴哥窟位于柬埔寨，婆罗浮屠位于印度尼西亚，大金塔位于缅甸仰光。

选A。

6.【答题】世界上外籍华人和华侨最集中的地区是（）A.西欧B.中东C.北美D.东南亚【答案】D【分析】本题是对东南亚地区的华人华侨的地理知识的考查。

第七章战略性计划与计划实施复习笔记与习题详解1

第七章战略性计划与计划实施复习笔记与习题详解(2010-10-24 17:52:52)转载标签：美国竞争对手目标管理核心能力进行杂谈分类：管理学第七章战略性计划与计划实施复习笔记1．战略愿景和使命陈述愿景和使命陈述包括两个主要部分：核心意识形态和远大的愿景。

核心意识形态由核心价值观和核心目标两部分构成，它给组织提供了长久存在的基础，是组织的精神。

远大的愿景由10～30年宏伟、冒险的目标和生动逼真的描述两部分构成。

核心意识形态包括：(1)核心价值观；(2)核心目标。

远大的远景包括：(1)10～30年宏伟的、大胆的、冒险的目标；(2)生动逼真的描述。

2．战略环境分析战略环境分析包括对外部一般环境，行业环境，竞争对手，企业自身和顾客的分析。

(1)外部一般环境外部一般环境，或称总体环境，是在一定时空内存在于社会中的各类组织均面对的环境，其大致可归纳为政治、社会、经济、技术、自然五个方面。

(2)行业环境公司环境最关键的部分是公司投人竞争的一个或几个行业的环境。

根据美国学者波特的研究，一个行业内部的竞争状态取决于五种基本竞争作用力，这些作用力汇集起来决定着该行业的最终利润潜力，并且最终利润潜力也会随着这种合力的变化而发生根本性的变化。

一个公司的竞争战略的目标在于使公司在行业内进行恰当定位，从而最有效地抗击五种竞争作用力并影响它们朝向自己有利的方向变化。

包括：①现有企业问的竞争研究。

②入侵者研究。

③替代品生产商研究。

④买方的讨价还价能力研究。

⑤供应商的讨价还价能力研究。

(3)竞争对手竞争对手可以从以下的群体中辨识出来：不在本行业但可以克服进入壁垒进入本行业的企业；进人本行业可以产生明显的协同效应的企业；由其战略实施而自然进人本行业的企业；那些通过后向或前向一体化进人本行业的买方或供方。

(4)企业自身根据价值链分析法，每个企业都是设计、生产、营销、交货以及对产品起辅助作用的各种价值活动的集合。

企业的各种价值活动分为两类，基本活动和辅助活动按价值活动的工艺顺序，(5)顾客(目标市场)企业顾客研究的主要内容是：总体市场分析、市场细分、目标市场确定和产品定位。

高等代数和解析几何第七章(1~3习题集)线性变换和相似矩阵答案解析

第七章线性变换与相似矩阵习题7.1习题7.1.1判别下列变换是否线性变换？（1）设是线性空间中的一个固定向量，（Ⅰ），，解：当时，显然是的线性变换；当时，有，，则，即此时不是的线性变换。

（Ⅱ），；解：当时，显然是的线性变换；当时，有，，则，即此时不是的线性变换。

（2）在中，（Ⅰ），解：不是的线性变换。

因对于，有，，所以。

（Ⅱ）；解：是的线性变换。

设，其中，，则有，。

（3）在中，（Ⅰ），解：是的线性变换：设，则，，。

（Ⅱ），其中是中的固定数；解：是的线性变换：设，则，，。

（4）把复数域看作复数域上的线性空间，，其中是的共轭复数；解：不是线性变换。

因为取，时，有，，即。

（5）在中，设与是其中的两个固定的矩阵，，。

解：是的线性变换。

对，，有，。

习题7.1.2在中，取直角坐标系，以表示空间绕轴由轴向方向旋转900的变换，以表示空间绕轴由轴向方向旋转900的变换，以表示空间绕轴由轴向方向旋转900的变换。

证明（表示恒等变换），，；并说明是否成立。

证明：在中任取一个向量，则根据，及的定义可知：，，；，，；，，，即，故。

因为，，所以。

习题7.1.3在中，，，证明。

证明：在中任取一多项式，有。

所以。

习题7.1.4设，是上的线性变换。

若，证明。

证明：用数学归纳法证明。

当时，有命题成立。

假设等式对成立，即。

下面证明等式对也成立。

因有，即等式对也成立，从而对任意自然数都成立。

习题7.1.5证明（1）若是上的可逆线性变换，则的逆变换唯一；（2）若，是上的可逆线性变换，则也是可逆线性变换，且。

证明：（1）设都是的逆变换，则有，。

进而。

即的逆变换唯一。

（2）因，都是上的可逆线性变换，则有，同理有由定义知是可逆线性变换，为逆变换，有唯一性得。

习题7.1.6设是上的线性变换，向量，且，，，都不是零向量，但。

证明，，，线性无关。

证明：设，依次用可得，得，而，故；同理有：，得，即得；依次类推可得，即得，进而得。

07热力学第一定律习题解答1

第七章热力学第一定律一选择题1. 图为质量一定的某理想气体由初态a 经两过程到达末状态c ,其中abc 为等温过程,则〔〕 A ． adc 也是一个等温过程B ． adc 和abc 过程吸收的热量相等C ． adc 过程和abc 过程做功相同D ． abc 过程和adc 过程气体内能变化相同解：热量和功均是过程量,内能是状态量. 故答案选D.2. 有两个相同的容器,容积不变,一个盛有氦气,另一个盛有氢气,〔看成刚性分子〕,它们的压强和温度都相等,现将5J 的热量传给氢气,使氢气的温度升高,如果使氦气也升高同样的温度,则应向氦气传递热量是 < >A ． 6J B. 5J C. 3J D. 2J解：氦气是单原子分子,自由度为3,氢气是双原子分子,自由度为5.根据理想气体的状态方程,两种气体的摩尔数相同.容器容积不变,气体吸收的热量全部转化为内能.再根据理想气体的内能公式,使氦气也升高同样的温度,应向氦气传递热量是3J.答案选C.3. 1mol 的单原子分子理想气体从状态A 变为状态B ,如果不知是什么气体,变化过程也不知道,但A 、B 两态的压强、体积和温度都知道,则可求出< >A.气体所作的功B.气体内能的变化C.气体传给外界的热量D.气体的质量解答案：B4. 已知系统从状态A 经某一过程到达状态B ,过程吸热10J,系统内能增量为5J.现系统沿原过程从状态B 返回状态A ,则系统对外作功是< >A. -15JB. -5JC. 5JD. 15J解热力学第一定律的表达式W U Q +∆=,系统从A 态经某一过程到达B 态时系统做的功为5510=-=∆-=U Q W J.因此当系统沿原过程从B 态返回A 态时,系统对外做功为-5J.因此答案选B.5. 用公式T C U V ∆=∆m ,ν计算理想气体内能增量时,此式 < >A.只适用于准静态的等体过程B.只适用于一切等体过程C.只适用于一切准静态过程D.适用于一切始末态为平衡态的过程解答案选 Dp V a d bc 选择题1图6.对于室温下的双原子分子理想气体,在等压膨胀的情况下,系统对外所作的功与从外界吸收的热量之比W / Q 等于 < >A. 2/3B.1/2C.2/5D.2/7解答案选 D7. 理想气体初态的体积为V 1,经等压过程使体积膨胀到V 2,则在此过程中,气体对外界作〔〕A ．正功,气体的内能增加B ．正功,气体的内能减少C ．负功,气体的内能增加D ．负功,气体的内能减少解等压膨胀过程系统对外作正功,由于压强不变体积增加,所以温度升高,因此气体的内能增加.因此答案选A.8. 理想气体内能不变的过程是〔〕A ．绝热过程和等温过程B ．循环过程和等体过程C ．等温过程和循环过程D ．等体过程和绝热过程解对于一定的理想气体,其内能仅取决于状态的温度,如果一个热力学过程的初末态温度没有变化,则内能也不变化.因此答案选C.9. 一定量的某种理想气体起始温度为T ,体积为V ,该气体在下面循环过程中经过下列三个平衡过程：〔1〕绝热膨胀到体积为2V ；〔2〕等体变化使温度恢复为T ；〔3〕等温压缩到原来体积V ,则此整个循环过程中,气体〔〕A. 向外界放热B. 对外界作正功C. 内能增加D. 内能减少解：画出p -V 图,这个循环是逆循环.在逆循环过程中,内能不变,外界对系统做功,因此系统向外界放热.故答案选A.10. 用下列两种方法：<1>使高温热源的温度T 1升高∆T ；〔2〕使低温热源的温度T 2降低同样的∆T 值,分别可使卡诺循环的效率升高∆η1和∆η2.两者相比〔〕A ． ∆η1>∆η2B. ∆η2>∆η1 C. ∆η1=∆η2 D. 无法确定哪个大解：)]1()1[()]1()1[(1212121212T T T T T T T T T T --∆+----∆--=∆-∆ηη 故答案选B.11. 在绝热良好的房间内有一台工作着的电冰箱.若冰箱门一直敝开着,待一定时间后,房间的温度将〔〕A ．降低 B. 升高 C. 不变 D. 无法确定解：电冰箱工作时是逆循环,它向环境放出的热量大于从冰箱中吸收的热量.故答案选B. 12. 两个卡诺热机的循环曲线如图所示,一个工作p T 1 T 2在温度为T 1与T 3的两个热源之间,另一个工作在温度为T 2与T 3的两个热源之间,已知这两个循环曲线所包围的面积相等,由此可知：〔〕A ．两个热机的效率一定相等B ．两个热机从高温热源所吸收的热量一定相等C ．两个热机向低温热源所放出的热量一定相等D ．两个热机吸收的热量与放出的热量的差值一定相等解：循环曲线所包围的面积表示工作物质在整个循环过程中对外做的净功,而循环过程的内能不变,因此工作物质吸收的净热量相等.故答案选D.二填空题1. 从任何一个中间状态是否可近似看成平衡态,可将热力学过程分为过程和过程,只有过程才可以用pV 图上的一条曲线表示.解：准静态, 非准静态；准静态2. 在热力学中,系统作功是通过来完成的；系统与外界之间传递热量是通过来完成的.解：物体的宏观位移；分子之间的相互碰撞3.一气缸内贮有10 mol 的单原子分子理想气体,在压缩过程中外界作功209J ,气体升温1 K ,此过程中气体内能增量为_____ ,外界传给气体的热量为____________.解：124.7 J , -84.3 J4. 理想气体状态变化满足p d V =νR d T 为过程,满足V d p =νR d T 为过程；满足p d V +V d p =0为过程.解：等压；等体；等温.5. 一定量的某种理想气体在等压过程中对外做功200J.若此种气体为单原子分子气体,则该过程中需吸热J ；若为双原子分子气体,则需吸热J.解：单原子分子气体50020025252525m ,=⨯=∆=∆=∆=∆=V p T R T R T C Q p p νννJ 双原子分子气体70020027272727m ,=⨯=∆=∆=∆=∆=V p T R T R T C Q p p νννJ 6. 如图所示,一定量理想气体从A 状态〔2p 1、V 1〕经历如题图所示的直线过程变到B 状态〔p 1、2V 2〕,则AB 过程中系统作功W = ；内能增加∆U =.解：AB 过程中系统作功等于AB 下的面积,即W =1123V p . 从理想气体状态方程可知,B 状态的温度和A 状态的温度相同,故内能不变,即∆U =0. p A B p 2 pA B 2p 1p 17. 如图所示,1 mol 的单原子理想气体,从状态A <p 1,V 1>变化至状态B <p 2,V 2>,如图所示,则此过程气体对外作的功为___________,吸收的热量为___________. 解：))((211221V V p p W -+=,)(23))((2111221221V p V p V V p p Q -+-+= 8. 如图所示,已知图中两部分的面积分别为S 1和S 2,那么（1）如果气体膨胀过程为a —1—b ,则气体对外做功W =；（2）如果气体进行a —2—b —1—a 的循环过程,则它对外作W =.解：S 1+S 2；–S 1 .9. 气体经历如图所示的一个循环过程,在这个循环中,外界传给气体的净热量是______<J>.解循环过程热力学能不变,外界传给气体的净热量就是循环过程对外做的功.本题中这个功等于循环曲线〔正方形〕包围的面积,不难计算得到55109)14(10)14(⨯=-⨯⨯-=W J10. 有一卡诺热机,用29kg 空气为工作物质,工作在27℃的高温热源与-73℃的低温热源之间,此热机的效率η=.若在等温膨胀的过程中气体体积增大 2.71倍,则此热机每一次循环所做的功为.〔设空气的摩尔质量为29×10-3kg . mol -1〕解：效率η= <T 1- T 2>/ T 1=33.3%〔或者1/3〕.因71.24312==V V V V ,故 53211031.871.2ln 10031.810292971.2ln )(⨯=⨯⨯⨯⨯=-=-T T R W νJ11. 有一卡诺致冷机,其低温热源温度为T 2=200K,高温热源温度为T 1=350K,每一循环,从低温热源吸热Q 2=400J,则该致冷机的致冷系数ω=.每一循环中外界必须做功W =.解：ω=T 2/<T 1- T 2>=4/3；3003/44002===ωQ W J 三计算题1. 设有1mol 的氧气,体积V 1=4.92×10-3m 3,压强p 1=2.026×105Pa,今使它等温膨胀,使压强降低到p 2=1.013×105Pa,试求此过程中氧气所作的功,吸收的热量以与内能的变化.<ln2=0.693>.Vo p ba 2 S 2 S 1 1 填空题8图 V <m 3> p <105 Pa> O 1 4 41填空题9图p o VⅡ Ⅰ Ⅲ解等温过程氧气所做的功2112ln ln p p RT V V RT W T νν==,再利用物态方程p 1V 1=νRT ,得到8.6902ln 1092.410026.2ln ln 35211121=⨯⨯⨯⨯===-p p V p p p RT W T νJ 等温过程系统的内能不发生变化,即∆U =0.根据热力学第一定律,等温过程中系统吸收的热量等于系统对外作的功,即=TQ 690.8J 2. 已知某单原子分子理想气体作等压加热,体积膨胀为原来的两倍,试证明气体对外所作的功为其吸收热量的40%.解：设该理想气体体积为V ,摩尔数为ν,由物态方程RT pV ν=,得对外作功为：pV V p W V V ==⎰2d吸收热量：R pV C RpV V p CT C Q p p p p .)2.(m ,m ,m ,=-=∆=ν 3. 压强为1atm,体积为100cm 3的氮气压缩到20cm 3时,气体内能的增量、吸收的热量和所做的功各是多少？假定经历的是下列两种过程：〔1〕等温压缩；〔2〕先等压压缩,然后再等体升压到同样状态.〔1atm=1.01325×105Pa 〕解：两种过程如下图所示. 〔1〕视气体为理想气体,当气体由初态Ⅰ等温压缩到终态Ⅲ时,据热力学第一定律,其内能不变.即 U 3- U 1=0故系统吸收的热量和系统对外界所做的功相等,为3.16)10100/1020ln(1010010013.16665-==---×××××J负号表明外界向气体做正功而系统向外界放热. 〔2〕对于过程Ⅰ→Ⅱ→Ⅲ,由于Ⅰ、Ⅲ的温度相同,故Ⅰ、Ⅲ两态内能相等,即U 3- U 1=0.同样地,系统吸收的热量和系统对外界所做的功相等.因Ⅱ→Ⅲ是等体过程,系统不做功,因此第二个过程中外界对系统所做的功即为Ⅰ→Ⅱ等压过程中系统对外界所做的功W = p <V 2-V 1>=1.013×105×<20×10-6 -100×10-6>= -8.1 J第二个过程中系统吸收的热量Q = W = -8.1 J4. 将1 mol 的刚性分子理想气体等压加热,使其温度升高72K,气体吸收的热量等于1.60⨯103J.求：<1> 气体所作的功；<2> 该气体的比热容比.解 <1> 利用理想气体的物态方程,等压过程气体所作的功3.5987231.8=⨯=∆=∆=∆=T R T R V p W pνJ<2> 由题意,可知摩尔定压热容为22.22721060.13m ,=⨯=∆=T Q C p p J/<mol ⋅K> 根据迈耶公式R CC V p =-m ,m ,,得到气体的摩尔定容热容为 91.1331.822.22m,m ,=-=-=R C C p V J /<mol ⋅K> 因此该气体的比热容比为5. 把氮气放在一个绝热的汽缸中进行液化.开始时,氮气的压强为50个标准大气压、温度为300K ；经急速膨胀后,其压强降至 1个标准大气压,从而使氮气液化.试问此时氮的温度为多少？解氮气可视为理想气体, 其液化过程为绝热过程.Pa 10013.15051⨯⨯=p ,K 3001=T ,Pa 10013.152⨯=p .氮气为双原子气体,γ=7/5=1.4 6. 5mol 的氦气〔视为理想气体〕,温度由290K 升为300K.若在升温过程中不与外界交换热量,试分别求出气体内能的改变、吸收的热量和气体所作的功.解气体内能的改变仅与始末态的温度有关而与过程无关,氦气是单原子分子,R C V 23m ,=,因此 25.623)290300(31.8235)(12m ,=-⨯⨯⨯=-=∆T T C U V νJ 气体不与外界交换热量,因此是绝热过程,因此吸收的热量Q =0根据热力学第一定律,绝热过程中气体所作的功25.623-=∆-=U W J负号表示外界对气体作了正功.7. 已知2.0 mol 的氦,起始的温度是27℃,体积是20 l.此氦先等压膨胀至体积为原体积的2倍,然后作绝热膨胀使其温度仍恢复到起始温度.<1> 在p -V 图上画出过程的曲线；<2> 在这过程中共吸热多少？<3> 氦的内能总改变多少？<4> 氦所作的总功为多少？<5> 最后的体积为多少？〔氦可看作为理想气体〕. 解：<1> 曲线如下图所示.〔2〕系统吸热为两个过程中吸热之和,而绝热过程无热量交换,故总热量即为等压膨胀过程中吸收的热量：（3）氦的最后温度与起始温度相同,作为理想气体,内能不变.（4）因内能不变,系统吸收的热量全部用来对外作功.氦所作的总功W = Q -∆U =Q =12465焦耳p V 〔L 〕 20 40 O ① ②③ 绝热（5）最后体积为V 3,根据绝热过程方程22/31351113223101.1240)3003002040(40)(×××====--γT T V V L 8. 一理想热机使1.00 mol 的单原子理想气体经历如图所示的循环,过程1→2是等体过程,过程2→3是绝热过程,而过程3→1是等压过程.试计算这三个过程中每个过程以与整个循环的热量Q 与内能变化∆U 以与气体所做的功W .解：〔1〕等体过程W 1=0 〔2〕绝热过程Q 2=0 W 2= -∆U 2 = 1.81×103焦耳. （3）等压过程 W 3=p 1〔V 1 -V 3〕=νR 〔T 1 -T 3〕= 8.31×<300-455>= - 1.29×103焦耳（4）整个循环 ∆U =∆U 1+∆U 2+∆U 3=0W = W 1+ W 2+ W 3=0.52×103焦耳Q = Q 1+ Q 2+ Q 3=0.52×103焦耳9. 如图所示,abcda 为1 mol 单原子分子理想气体的循环过程,求：〔1〕气体循环一次,在吸热过程中从外界共吸收的热量；〔2〕气体循环一次对外作的净功；〔3〕证明T a T c = T b T d . 解：〔1〕过程ab 与bc 为吸热过程,吸热总和为（2）循环过程对外所做总功为图中矩形面积〔3〕R V p T R V p T R V p T R V p T d d d c c c b b b a a a / / / /====，，，所以有T a T c = T b T d 10. 1 mol 理想气体在T 1=400K 的高温热源与T 2=300K 的低温热源之间作卡诺循环.在400K 的等温线上起始体积为V 1=0.001m 3,终止体积为V 2=0.005m 3,试求此气体在每一循环中：<1> 从高温热源吸收的热量Q 1；<2> 气体所做的净功W ；<3> 气体传给低温热源的热量Q 2 .解：〔1〕312111035.5ln ×==V V RT Q J 〔2〕25.0112=-=T T η 311034.1×==Q W ηJ 〔3〕Q 2=Q 1-W =4.01×103JV p T 1=300K T 3=455K 绝热1 2 T 2=600K o 3 计算题8图23 2 1 0 b a d c V <×10-3m 3> p <105Pa 计算题9图11. 气缸贮有36g水蒸汽〔视为理想气体〕,经abcda循环过程如图所示,其中a→b,c→d为等体过程,b→c为等温过程,d→a为等压过程,试求：〔1〕Wda ；〔2〕∆Uab；〔3〕循环过程水蒸汽所作的净功W；〔4〕循环效率η.解：水的质量m=36×10-3kg,水的摩尔质量M=18×10-3kg,故摩尔数ν=m/M=2 mol.水是刚性多原子分子,自由度i =6.（1） Wda =pa<Va-Vd> = -0.05065×105 J（2） ∆Uab =ν<i /2 >R <Tb-Ta> = <i/ 2> Va<pb-pa> = 3.039×104 J（3） Tb =pbVa/ <ν R> =914.3 KWbc =ν RTbln <VC/ Vb>=1.053×104 J净功W=Wbc +Wda=5.47×103 J(4)循环过程吸收的热Q1=Qab+Qbc= ∆Uab+ Wbc= 4.09×104J,循环效率η= W/Q1=13.4%计算题11图26a dcb25 V<l>p<atm>50。

现代通信原理(罗新民)指导书_第七章_信源编码_习题详解1

第七章信源编码7-1已知某地天气预报状态分为六种：晴天、多云、阴天、小雨、中雨、大雨。

① 若六种状态等概出现，求每种消息的平均信息量及等长二进制编码的码长N 。

② 若六种状态出现的概率为：晴天—0.6；多云—0.22；阴天—0.1；小雨—0.06；中雨—0.013；大雨—0.007。

试计算消息的平均信息量，若按Huffman 码进行最佳编码，试求各状态编码及平均码长N 。

解: ①每种状态出现的概率为6,...,1,61==i P i因此消息的平均信息量为∑=-===6122/58.26log 1log i ii bit P P I 消息等长二进制编码的码长N ＝[][]316log 1log 22=+=+L 。

②各种状态出现的概率如题所给，则消息的平均信息量为6212222221log 0.6log 0.60.22log 0.220.1log 0.10.06log 0.060.013log 0.0130.007log 0.0071.63/i i iI P P bit -== = ------ ≈ ∑消息Huffman 编码树如下图所示：由此可以得到各状态编码为：晴—0，多云—10，阴天—110，小雨—1110，中雨—11110，大雨—11111。

平均码长为：6110.620.2230.140.0650.01350.0071.68i ii N n P == =⨯+⨯+⨯+⨯+⨯+⨯ =∑—7-2某一离散无记忆信源（DMS ）由8个字母(1,2,,8)i X i =⋅⋅⋅组成，设每个字母出现的概率分别为：0.25，0.20，0.15，0.12，0.10，0.08，0.05，0.05。

试求： ① Huffman 编码时产生的8个不等长码字； ② 平均二进制编码长度N ； ③ 信源的熵，并与N 比较。

解：①采用冒泡法画出Huffman 编码树如下图所示可以得到按概率从大到小8个不等长码字依次为：0100,0101,1110,1111,011,100,00,1087654321========X X X X X X X X②平均二进制编码长度为8120.2520.2030.1530.1240.140.0840.0540.052.83i ii N n P == =⨯+⨯+⨯+⨯+⨯+⨯+⨯+⨯ =∑ ③信源的熵∑=≈-=81279.2log)(i i i P P x H 。

泛函分析第七章习题解答1-25

第七章习题解答1．设（X ，d ）为一度量空间，令}),(,|{),(},),(,|{),(0000x x d X x x x S x x d X x x x U 问),(0x U 的闭包是否等于),(0x S ？解不一定。

例如离散空间（X ，d ）。

)1,(0x U ={0x }，而)1,(0x S =X 。

因此当X 多于两点时，)1,(0x U 的闭包不等于)1,(0x S 。

2.设],[b a C 是区间],[b a 上无限次可微函数的全体，定义)()(1)()(max21),()()()()(0t gt ft gt f g f d r r r r bt a r r证明],[b a C 按),(g f d 成度量空间。

证明（1）若),(g f d =0，则)()(1)()(max)()()()(t gt f t gt f r r r r b t a =0，即f=g（2）)()(1)()(max21),()()()()(0t gt ft gt f g f d r r r r bt a r r)()(1)()()()(1)()(max21)()()()()()()()(0t gt h t gt h t g t ft gt fr r r r r r r r bt a r r)()(1)()(max21)()(1)()(max21)()()()(0)()()()(0t gt ht gt h t gt ft gt f r r r r bt a r rr r r r bt a r r=d （f ，g ）+d （g ，h ）因此],[b a C 按),(g f d 成度量空间。

3．设B 是度量空间X 中的闭集，证明必有一列开集no o o 21,包含B ，而且B o nn1。

证明令n n no n nB x d Bo o .2,1},1),({是开集：设n o x 0，则存在B x 1，使nx x d 1),(10。

第七章习题答案1

1.液压基本回路是由某些液压元件组成的，用来完成（特定功能）的回路，按其功用不同，可分为（压力控制）回路、（速度控制）回路和（方向控制）回路。

2.在进油路节流调速回路中，当节流阀的通流面积调定后，速度随负载的增大而（减小）。

3.在容积调速回路中，随着负载的增加，液压泵和液压马达的泄漏（增大），于是速度发生变化。

4.液压泵的卸荷有（压力）卸荷和（流量）卸荷两种方式。

5.在定量泵供油的系统中，用（流量阀）实现对执行元件的速度控制，这种回路称为（节流调速）回路。

7-2 判断题1.单向阀不只是作为单向阀使用，在不同的场合，可以有不同的用途。

（√）2.高压大流量液压系统常采用电磁换向阀实现主油路换向。

（×）3.容积调速回路中，其主油路中的溢流阀起安全保护作用。

（√）4.采用顺序阀的顺序动作回路中，其顺序阀的调整压力应比先动作液压缸的最大工作压力低。

（×）5.在定量泵与变量马达组成的容积调速回路中，其转矩恒定不变。

（×）6.同步回路可以使两个以上液压缸在运动中保持位置同步或速度同步。

（√）7-3 选择题1.在用节流阀的旁油路节流调速回路中，其液压缸速度( B )。

A．随负载增大而增加 B．随负载减少而增加 C. 不随负载变化2.( B )节流调速回路可承受负值负载。

A．进油路 B．回油路 C．旁油路3.顺序动作回路可用( C )来实现。

A．减压阀 B．溢流阀 C. 顺序阀4.要实现快速运动可采用( A )回路。

A．差动连接 B.调速阀调速 C．大流量泵供油5.为使减压回路可靠地工作，其最高调整压力应( B )系统压力。

A．大于 B．小于 C. 等于6.变量泵和定量马达组成的容积调速回路为( B )调速，即调节速度时，其输出的( D )不变。

定量泵和变量马达组成的容积调速回路为( A )调速，即调节速度时，其输出的( E )不变。

A．恒功率 B．恒转矩 C．恒压力 D．最大转矩 E．最大功率 F．最大流量和压力1.试说明图7-35所示由行程阀与液动阀组成的自动换向回路的工作原理。

第七章外围设备习题参考答案1计算机的外围设备是指（）A．输入

第七章外围设备习题参考答案1. 计算机的外围设备是指（）A．输入/输出设备 B. 外存储器C. 输入/输出设备及外存储器D. 除了CPU和内存以外的其他设备解： D2．打印机根据印字方式可以分为（）和（）两大类，在（）类打印机中，只有（）型打印机能打印汉字，请从下面答案中选择填空。

A．针型打印机 B. 活字型打印机C. 击打式D. 非击打式解：C D C A7．试推导磁盘存贮器读写一块信息所需总时间的公式。

解：设读写一块信息所需总时间为Tb，平均找道时间为Ts，平均等待时间为T L，读写一块信息的传输时间为Tm，则：Tb=Ts＋T L＋Tm。

假设磁盘以每秒r转速率旋转，每条磁道容量为N个字，则数据传输率=rN个字/秒。

又假设每块的字数为n，因而一旦读写头定位在该块始端，就能在Tm≈（n / rN）秒的时间中传输完毕。

T L是磁盘旋转半周的时间，T L=（1/2r）秒，由此可得：Tb=Ts＋1/2r＋n/rN 秒8．某磁盘存贮器转速为3000转 / 分，共有4个记录面，每毫米5道，每道记录信息为12288字节，最小磁道直径为230mm，共有275道。

问：（1）磁盘存贮器的容量是多少？（2）最高位密度与最低位密度是多少？（3）磁盘数据传输率是多少？（4）平均等待时间是多少？（5）给出一个磁盘地址格式方案。

解：（1）每道记录信息容量 = 12288字节每个记录面信息容量= 275×12288字节共有4个记录面，所以磁盘存储器总容量为：4 ×275×12288字节 = 13516800字节（2）最高位密度D1按最小磁道半径R1计算（R1 = 115mm）：D1 = 12288字节 / 2πR1 = 17字节 / mm最低位密度D2按最大磁道半径R2计算：R2 = R1 + （275 ÷ 5） = 115 + 55 = 170mmD2 = 12288字节 / 2πR2 = 11.5 字节 / mm（3）磁盘传输率 C = r · Nr = 3000 / 60 = 50 周 / 秒N = 12288字节（信道信息容量）C = r · N = 50 × 12288 = 614400字节 / 秒（4）平均等待时间= 1/2r = 1 / (2×50) = 10毫秒（5）磁盘存贮器假定只有一台，所以可不考虑台号地址。

2021年高中化学必修二第七章《有机化合物》复习题(答案解析)(1)

一、选择题1．下列说法正确的是A．C240和C540互为同素异形体B．氕、氘、氚是氢元素的三种核素，其中子数相同C．CH3COOH与HCOOCH2CH3互为同系物D．C3H8的一氯取代物有3种2．下列说法不正确的是A．硬脂酸与软脂酸互为同系物B．红磷与白磷互为同素异形体C．16O与18O互为同位素D．CH3COOCH2CH3与CH3CH2OOCCH3互为同分异构体3．利用反应5NaCl+2CO2+2H2O 通电5NaClO+C2H 4O(环氧乙烷)可实现低压高效电催化还原CO 2。

下列化学用语正确的是A ．NaClO的电子式：B．Cl-的结构示意图：C．CO2的比例模型：D．环氧乙烷的结构简式：4．根据下列实验操作和现象所得出的结论正确的是选项实验操作和现象实验结论A 向淀粉溶液中加入稀硫酸，水浴加热一段时间后，加入NaOH溶液至溶液呈碱性，再加入新制Cu(OH)2悬浊液，加热煮沸，有砖红色沉淀产生淀粉已水解完全B 卤代烃Y与氢氧化钠溶液共热后，滴加AgNO3溶液，观察，无淡黄色沉淀产生说明卤代烃不是溴代烃C 向浑浊的苯酚试液中滴加饱和Na2CO3溶液，试液变澄清且无气体产生说明苯酚的酸性强于碳酸D 向蛋白质溶液中滴加饱和Na2SO4溶液，有固体析出，过滤，向固体中加足量蒸馏水，固体溶解蛋白质的盐析过程是可逆的A．A B．B C．C D．D5．下列实验操作、现象和结论均正确的是（）A．乙炔具有还原性B．待测液中含Fe2+C．a管发生吸氧腐蚀，b管发生析氢腐蚀D．检验溴乙烷消去反应产物A．A B．B C．C D．D6．以下6种有机物：①异戊烷②2，2—二甲基丙烷③乙醇④乙酸⑤乙二醇⑥甘油，沸点由高到低的排列顺序是（）A．④>⑥>⑤>②>③>①B．⑥>④>⑤>②>③>①C．⑤>⑥>④>③>①>②D．⑥>⑤>④>③>①>②7．下列化学用语表达正确的是()A．乙酸的结构简式：C2H4O2B．氢氧化钠的电子式：C．Cl离子的结构示意图：D．NaClO的电离方程式：NaClO = Na++Cl-+O2-8．贵金属钯可催化乙醇羰基化，反应过程如图所示，下列说法错误的是A．C－H键所处环境不同，稳定性也不同B．贵金属钯也可将R2CHOH羰基化C．反应物CH3CH2OH→产物CH3CHO，发生了氧化反应D．反应过程中，Pd的成键数目保持不变9．人类肝脏蛋白质两谱三图三库基本架构已完成，它将为肝脏疾病的预警、预防、诊断和治疗提供科学依据。

初中地理人教版八年级下第七章南方地区第一节自然特征与农业-章节测试习题(1)

章节测试题【答题】“十一”黄金周期间，珠海某同学在街头看到某旅行团乘坐的一辆车牌号为“湘A57681”的旅游大巴车，据此决断下列说法可能性最大的是（）A.这辆大巴来自河南B.游客在旅途中看到成片的稻田一望无际C.该车辆穿越了辽阔的黑土地D.车上旅客沿途感受到了一年四季的变化【答案】B【分析】本题是对南方的基础知识考查。

【解答】我国的车牌号多以所在的省区的简称开头，“湘”为湖南省的简称，因此可知该旅游大巴车来自湖南省。

珠海位于珠江三角洲；湖南省和珠海都位于南方地区，两地的粮食作物都为水稻，因此游客在旅途中可以看到成片的稻田一望无际。

黑土地位于我国东北平原，湖南省并不经过东北平原；南方地区气温在“十一”黄金周期间相差不大，因此车上旅客沿途不能感受到了一年四季的变化。

故答案选B。

1.【综合题文】读南方地区及江南民居图，完成下题．【答题】下列关于南方地区的描述正确的是（）A.位于我国秦岭﹣淮河一线以南、横断山脉以西B.以高原、山地为主C.农作物一年两熟到三熟D.我国最重要的畜牧业产区【答案】C【分析】本题考查我国南方地区的农业【解答】我国南方地区位于我国秦岭—淮河一线以南、横断山脉以东；地形以以高原、山地、丘陵和盆地为主；农作物一年两熟到三熟；我国最重要的种植业区。

所以正确的是C。

【答题】南方传统民居的屋顶坡度大，其主要原因是（）A.气候寒冷，利于防寒保暖B.降水多，利于排水C.气候炎热，利于通风散热D.多暴雪天气【答案】B【分析】本题考查南方地区的民居的特点。

【解答】南方地区的民居屋顶坡度大，主要是因为南方地区属于热带和亚热带季风气候，是我国降水最多的地区，所以选B.2.【答题】下图所示省级行政区域主要位于南方地区的是（）A.①②B.①③C.②③D.③④【答案】D【分析】本题考查我国省级行政区得了轮廓和分布。

【解答】读图可知，①是甘肃省，②是内蒙古自治区，③是四川省，④是云南省。

甘肃省和内蒙古自治区位于我国的西北地区，四川省和云南省位于我国的南方地区。

第七章个人所得税习题-(1)

第七章个人所得税一、单项选择题1.从世界范围看，个人所得税制可以划分为三种类型，我国个人所得税属于（）。

A. 综合所得税制B. 分类所得税制C. 混合所得税制D. 源泉扣缴税制2.我国对自然人居民和非居民纳税人的划分标准是（）。

A. 习惯性住所标准B. 时间标准C. 永久性住所标准D. 习惯性住所和时间标准3.在我国境内无住所，但居住满一年而未超过五年的个人，适用个人所得税的规定是（）。

A. 应就来源于中国境内外所得纳税B. 仅就来源于中国境内所得纳税C. 就其来源于中国境内工作期间取得的中国境内企业或个人雇主支付和由中国境外企业或个人雇主支付的工资、薪金纳税D. 不负有纳税义务4.下列各项所得中，适用于加成征税规定的是（）。

A. 个体工商业户的生产经营所得B. 劳务报酬所得C. 稿酬所得D. 特许权使用费所得5.工资、薪金所得的应纳税额，按月计征的，由扣缴义务人或纳税人在次月的内缴入国库（）。

A. 5日B. 7日C. 10日D. 15日6.对于县级政府颁发的科学、教育、技术、卫生、文化、体育、环境保护等方面的奖金应（）。

A. 征收个人所得税B. 免征个人所得税C. 减半征收个人所得税D. 适当减征个人所得税7.企业事业单位的承包、租赁经营所得必要费用的扣除是指（）。

A. 生产、经营成本B. 收入总额的20%C. 按月扣除1600元D. 从收入总额中扣800元或定率扣除20%8.个人进行公益、救济性质的捐赠，从应纳税所得额中扣除的比例最高可为（）。

A. 30%B. 3%C. 80%D. 100%9.股息、利息、红利所得的应纳税所得额是（）。

A. 每年收入额B. 每季度收入额C. 每次收入额D. 每月收入额10.《中华人民共和国个人所得税法》规定，临时离境不扣除天数，在一个纳税年度中一次离境不超过的天数是（）。

A. 60B. 50C. 30D. 9011.下列所得中应计入工资、薪金所得纳税的是（）。

概率论第七章习题解答(全)

概率论第七章习题解答1、随机地取8只活塞，测得它们的直径为（以mm 计）74.00174.00574.00374.00174.00073.99874.00674.002试求总体均值μ及方差2σ的矩估计值，并求样本方差2s 。

解1()E X μμ==22222()()[()]E X D X E X μσμ==+=+解得1μμ=，2221σμμ=-又81118ii A X X ===∑令1A Xμ==（一阶矩估计量）2222A X σμ==-（二阶矩估计量）代入样本值，1(74.00174.00574.00374.0018x =+++74.00073.99874.00674.002)++++74.002=ˆ74.002μ=，（一阶矩估计值）82211ˆ()8i i x x σ==-∑22222221[(0.001)0.0030.001(0.001)0.002(0.004)(0.004)0]8=-+++-++-++即26648ˆ106108σ--=⨯=⨯（二阶矩估计值）因为样本方差22211()1n ii S X X n ==--∑当8n =时，822211()7i i S X X ==-∑所以22661148ˆ()10 6.861077n i i sx x --==-=⨯=⨯∑2、设12,,,n X X X 为总体的样本，12,,,n x x x 为一相应的样本值，求下列总体的概率密度或分布律中的未知参数的矩估计量和矩估计值。

（1）(1),()0,c x x cf x θθθ-+⎧>=⎨⎩其它，其中0c >为已知，θ为未知参数。

（2）1,01()0,xx f x θθ-⎧≤≤⎪=⎨⎪⎩其它，其中0θ>，θ为未知参数。

（3）{}(1)x xm xm P X x C p p -==-，0,1,2,,x m = ，其中01p <<，p 为未知参数。

解（1）()()()cE X xf x dx xf x dx∞∞-∞==⎰⎰(1)ccx c x dx c x dxθθθθθθ∞∞-+-==⎰⎰11|111c c c c x c θθθθθθθμθθθ-+∞-+====---，而ˆX μ=故1cX θθ=-，解出θ，得(1)c X θθ=-，()X c X θ-=，ˆ()XX c θ=-。

2021年高中化学必修二第七章《有机化合物》经典练习题(答案解析)(1)

一、选择题1．下列有关实验说法不正确的是A ．在集气瓶中放置一团玻璃棉，将两小块金属钠放在玻璃棉上，立即向集气瓶中通入氯气，最终有白色固体生成B ．在萃取操作中往往因为振摇而使得分液漏斗中出现大量气体，可以通过打开上口瓶塞的方式来放气C ．使用白色粉笔对红、蓝墨水进行层析分离的实验中，由于红墨水在流动相中溶解能力更大，所以红墨水在流动相中相对分配的更多，最终出现在粉笔的上端D ．碘遇淀粉呈蓝色的灵敏度随着温度的升高而迅速下降，当高于50℃时，就不易显色2．下列所示的物质间转化在给定条件下均能实现的是( )A ．Al 2O 3(s)()NaOH aq →NaAlO 2(aq)()3NaHCO aq −−−−−→Al(OH)3(s) B ．NaCl(aq)电解−−−−→NaOH(aq)2Cl −−→漂白粉(s) C ．FeS 22O 煅烧−−−−−→SO 32H O −−−→H 2SO 4 D ．淀粉−−−−−→淀粉酶葡萄糖酒化酶−−−−−→CH 3COOH3．下列各组物质中，实验式相同，但既不是同系物，又不是同分异构体的是（） A ．丙烯和环己烷B ．正戊烷和2-甲基丁烷C ．乙烷和苯D ．乙烯和己烯4．2019年在武汉举办的“世界军运会”开幕式上，主火炬(燃料是天然气)在水中点燃呈现“水交融”的景象，惊艳世界。

下列说法不正确的是A ．天然气的主要成分是甲烷B ．天然气易溶于水C ．天然气燃烧是放热反应D ．天然气燃烧的主要产物是CO 2和H 2O 5．室温下，下列各组微粒在指定溶液中能大量共存的是（） A ．pH=1的无色溶液中：CH 3CH 2OH 、Cr 2O 2-7、K ＋、SO 2-4B ．c （Ca 2＋）=0.1mol·L －1的溶液中：NH +4、SO 2-3、Cl －、Br － C ．含大量HCO -3的溶液中：C 6H 5O －、CO 2-3、Br －、K ＋D ．能使甲基橙变为橙色的溶液：Na ＋、NH +4、CO 2-3、Cl － 6．下列反应属于取代反应的是A ．乙烯和溴的四氯化碳溶液反应B ．乙烯和酸性高锰酸钾溶液反应C ．在光照条件下甲烷和氯气反应D ．在镍作催化剂、加热的条件下苯和氢气的反应7．下列化学用语表达正确的是( )A ．乙酸的结构简式：C 2H 4O 2B ．氢氧化钠的电子式：C．Cl离子的结构示意图：D．NaClO的电离方程式：NaClO = Na++Cl-+O2-8．下列关于维生素C的说法不正确的是（）A．也称为抗坏血酸B．难溶于水C．是一种较强的还原剂D．人体不能合成维生素C，必须从食物中获得9．贵金属钯可催化乙醇羰基化，反应过程如图所示，下列说法错误的是A．C－H键所处环境不同，稳定性也不同B．贵金属钯也可将R2CHOH羰基化C．反应物CH3CH2OH→产物CH3CHO，发生了氧化反应D．反应过程中，Pd的成键数目保持不变10．下列实验中观察不到．．颜色变化的是A．葡萄糖与新制的氢氧化铜悬浊液共热B．向氯化钠溶液中滴加硝酸银溶液C．氯气通入紫色石蕊试液D．二氧化碳通入稀氢氧化钠溶液二、填空题11．食品安全关系国计民生,影响食品安全的因素很多.下面是以食品为主题的相关问题,请根据要求回答.(1)聚偏二氯乙烯()具有超强阻隔性能,可作为保鲜食品的包装材料.它是由___________ (写结构简式) 单体发生加聚反应生成的.若以乙炔为原料,通过加成反应生成1,1,2三氯乙烷,再和氢氧化钠醇溶液反应可合成这种单体,则在加成反应中宜选择的试剂是_________.(选填编号字母)a．HCl b．Cl2 c．HClO d．NaCl(2)人们从食用植物油中摄取的亚油酸[]对人体健康是十分有益的,然而市场上经常会出现价格低廉的植物油,其中的亚油酸含量很低.下列关于亚油酸的说法中不正确的是___________(选填编号字母).a．分子式为C18H34O2b．在食用油中亚油酸通常是以甘油酯的形式存在c．亚油酸属于一种不饱和低级脂肪酸,所以能和NaOH溶液反应d．亚油酸含量高的植物油在空气中易氧化变质(3)食用酱油中的“氯丙醇”是多种氯代丙醇的总称,它们是在酱油配制过程中植物蛋白水解发生一系列化学变化而产生的,氯丙醇中部分异构体对人体有不同程度的致癌效应.则氯丙醇中三氯丙醇异构体共有_________种(已知卤原子和羟基一般不会连在同一碳原子上).(4)在淀粉中加入吊白块制得的粉丝有毒.淀粉最终的水解产物是葡萄糖,请设计实验证明淀粉已经全部水解,写出操作方法、现象和结论______________.(5)木糖醇[CH2OH(CHOH)3CH2OH]作为一种甜味剂,食用后不会引起血糖升高,比较适合于糖尿病人食用.预测木糖醇能和新制备的Cu(OH)2浊液发生化学反应的依据是___________. (6)酒精在人体肝脏内可转化为多种有害物质,有机物A是其中的一种,对A的结构进行如下分析：①通过样品的质谱分析测得A的相对分子质量为60.②对A的水溶液进行测定发现该溶液pH＜7.③核磁共振氢原子光谱能对有机物分子中同性氢原子给出相同的峰值,根据峰值可以确定分子中氢原子的种类和数目.例如乙醇有三种氢原子(图1).经测定有机物A的核磁共振氢谱示意图如图2根据以上分析,写出A的结构简式__________.12．（1）写出一氯甲烷的电子式____，乙烯的结构式____；（2）乙醇催化氧化的方程式：____；（3）写出苯和液溴在催化剂作用下生成溴苯的化学方程式___。

通信原理第七章习题解答

第七章习题解7-1 设发送数字信息为011011100010，试分别画出2ASK 、2FSK 、2PSK ，及2DPSK 信号的波形示意图。

0[解] 11011100010 2ASK 数字信息2FSK2PSK2DPSK7-4 假设在某2DPSK 系统中，载波频率为2400Hz ，码元速率为1200B ，已知相对码序列为1100010111；（1）试画出2DPSK 波形；（2）若采用差分相干解调法接收该信号时，试画出解调系统的各点波形；（3）若发送符号“0”和“1”的概率为0.6和0.4，求2DPSK 信号的功率谱。

[解] （1）1 100010111 π ππ0πππ（2）一种实用的差分相干解调器如下示信号1 10100110 1相对码相位 a.点波形b.点波形1（0） 011111c.点波形d.点波形e. 采样判决-1 1 -111-1-1-1111 010011100（3）2DPSK 的功率谱密度和2PSK 功率谱密度相同，对BPSK 信号22()(1)[|()||()|]BPSK s c c P f f p p G f f G f f =−++−+ 2221(12)|(0)|[()()]4s c c f p G f f f f δδ−++− 由于经过差分编码后，输出差分编码符号以等概率取“0”和“1”，然后进行2PSK 调制，所以代入f s =1200， f c =2400， p =0.5，sin 1()ss sfT G f f fT ππ=得22()[|()||()|]4sDBPSK c c f P f G f f G f f =++−7-6 采用OOK 方式传送二进制数字信息，已知码元传输速率R b =2×106 bit/s ，接收端输入信号的振幅40a V μ=/W Hz ，信道加性噪声为高斯白噪声，且其单边功率功率谱密度，试求：180610N −=×（1）非相干接收时系统的误码率；（2）相干接收时系统的误码率；[解] （1） OOK 信号非相干接收时系统的误码率为/20.5b P e ρ−=，0/av E N ρ=由于2180.50.5/220010/av b E E a T W −==⋅=⋅ Hz 所以0/33.3av E N ρ==/280.5 2.8910b P eρ−−=≈×（2） OOK 信号相干接收时系统的误码率为9410e P Q−=≈⋅7-10 若某2FSK 系统的码元传输速率为2×106 B ，数字信息为“1”时的频率，数字信息为“0”时的频率，输入接收端解调器的信息峰值振幅MHz 101=f .4MHz 102=f 40a V μ=，信道加性噪声为高斯白噪声，且其单边功率谱密度N o =6×10-18 W/Hz ，试求：（1）2FSK 信号第一零点带宽；（2）非相干接收时，系统的误码率；（3）相干接收时，系统的误码率[解] 由于两个信号元 001()cos 2,()cos 2s t a f t s t a f t 1ππ= = 在一个符号时间上近似正交，所以我们可以用正交调频的结果。