2019年高考物理全真模拟试题2

2019年高考物理全真模拟试题（二）满分110分，时间60分钟第Ⅰ卷(选择题 共48分)选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．理想化模型是简化物理研究的重要手段，它抓住问题的主要因素，忽略了次要因素，促进了物理学的发展．下列关于理想化模型建立的表述正确的是( ) A ．质点作为理想化模型忽略了物体的质量B ．点电荷作为理想化模型忽略了物体所带的电荷量C ．理想电压表忽略了电压表的内阻D ．理想变压器没有能量损失2．运输人员要把质量为m 、体积较小的木箱拉上汽车，现将长为L 的木板搭在汽车尾部与地面间，构成一固定斜面，然后把木箱沿斜面拉上汽车．斜面与水平地面成30°角，拉力与斜面平行，木箱与斜面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g .在将木箱运上汽车过程中，拉力至少做功为( )mgL＋μmgL 32D. ) μ3(1＋mgL 12C. L 2mg B ． L mg A ．3．如图甲所示，直角三角形斜劈abc 固定在水平面上．t ＝0时，一物块(可视为质点)从底端a 以初速度v 0沿斜面ab 向上运动，到达顶端b 时速率恰好为零，之后沿斜面bc 下滑至底端c .若物块与斜面ab 、bc 间的动摩擦因数相等，物块在两斜面上运动的速率v 随时间变化的规律如图乙所示，已知重力加速度g ＝10 m/s 2，则下列物理量中不能求出的是( )A ．斜面ab 的倾角θB ．物块与斜面间的动摩擦因数μC ．物块的质量mD ．斜面bc 的长度L4．如图所示，“U”形导轨固定在绝缘水平面内，其单位长度的电阻相同，整个装置处在竖直向上的匀强磁场中．现有一不计电阻的金属棒ab 垂直于导轨放置，且与导轨接触良好．t ＝0时刻，在垂直于棒的水平拉力F 作用下棒从图中虚线处由静止开始沿导轨向右做匀加速直线运动，运动过程中棒始终与导轨垂直，所有的摩擦均不计，则棒运动的过程中( )A ．通过棒的电流与时间成正比B ．水平拉力F 与时间成正比C ．棒产生的感应电动势与时间成正比D ．水平拉力F 做的功等于整个装置中产生的热量5．在人类对微观世界进行探索的过程中，科学实验起到了非常重要的作用．下列说法符合历史事实的是( )A ．密立根通过油滴实验测出了基本电荷的数值B ．贝克勒尔通过对天然放射现象的研究，发现了原子中存在原子核C ．居里夫妇从沥青铀矿中分离出钋(Po)和镭(Ra)两种新元素D ．卢瑟福通过α粒子散射实验证实了原子核内部存在质子6．如图所示，a 、b 、c 、d 分别是一个菱形的四个顶点，∠abc ＝120°.现将带电荷量均为＋Q 的两个正点电荷分别固定在a 、c 顶点上，另一个带电荷量为－Q 的负点电荷固定在b 顶点上，之后将一个检验电荷由O 向d 移动，则( )A ．检验电荷在d 点所受的电场力比在O 点所受的电场力大B ．若检验电荷为正电荷，则在d 点的电势能比在O 点的电势能大C ．若检验电荷为负电荷，则d 点的电势低于O 点的电势D ．无论检验电荷电性如何，d 点的电场强度都小于O 点的电场强度7．如图甲为理想变压器的示意图，其原、副线圈的匝数比为5∶1，电压表和电流表均为理想电表，R 1为阻值随温度升高而变大的热敏电阻，R 2为定值电阻，若发电机向原线圈输入如图乙所示的正弦交流电，下说法正确的是( )A ．输入变压器原线圈的交流电压的表达式为u ＝362sin 50πt (V)B ．t ＝0.015 s 时，发电机的线圈平面与磁场方向垂直C ．变压器原、副线圈中的电流之比为1∶5D ．当温度升高时，电流表的示数变小，电压表的读数不变8．如图所示，边长为2L 的正方形虚线框内有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B .一个边长为L 、粗细均匀的正方形导线框abcd ，其所在平面与磁场方向垂直，导线框的对角线与虚线框的对角线在一条直线上，导线框各边的电阻大小均为R .在导线框从图示位置开始以恒定速度v 沿对角线方向进入磁场，到整个导线框离开磁场区域的过程中，下列说法正确的是( )A ．导线框进入磁场区域时产生逆时针方向的感应电流22Lv B ．导线框中有感应电流的时间为B2L2v4R 有一半进入磁场时，整个导线框所受安培力大小为bd C ．导线框的对角线 2BLv4两点间的电压为c 、a 有一半进入磁场时，导线框bd D ．导线框的对角线第Ⅱ卷(非选择题 共62分)非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9～12题为必考题，每个试题考生都必须做答．第13～14题为选考题，考生根据要求做答．(一)必考题(共47分)9．(6分)某同学利用做自由落体运动的小球来验证机械能守恒定律．在某次实验中，该同学得到小球自由下落的部分频闪照片如图所示，图中所标数据均为小球下落的实际距离．若已知当地的＝1.00 kg ，频闪仪每隔0.05 s 闪光一次．m ，小球的质量为2＝9.80 m/s g 重力加速度大小为 ＝________Jk E ＝________J ，动能的增加量为Δp E 时间内，小球重力势能的减少量Δ5t 到2t (1)在；(结果保留三位有效数字)总是大于其动能p E (2)该同学通过多次实验发现，无论在哪段时间内，小球重力势能的减少量Δ，造成这种现象的主要原因是_______________________________________________．k E 的增加量Δ的阻值．x R 10．(9分)某同学想利用所学知识测量一只未知电阻 (1)该同学首先利用多用电表的欧姆挡粗测该电阻的阻值．他将欧姆挡的选择开关旋至“×100”挡，按照正确的操作步骤，测得的读数如图甲所示．由图可知，该电阻的阻值为________Ω.(2)粗测后，该同学利用如图乙所示的电路图精确测量该未知电阻的阻值．①请根据电路图连接图丙所示的实物图；②的内阻1，查说明书知电流表A 2I 的读数为2，电流表A 1I 读数为1时，电流表A 0R 在某次测量中，若电阻箱的阻值调至＝______________.x R 阻值的公式为x R ，试用以上数据写出计算未知电阻2r 的内阻为2，电流表A 1r 为11.(14分)如图所示，长木板B静止在光滑的水平面上，物块C放在长木板的右端，B的质量为4kg，C和木板间的动摩擦因数为0.2，C可以看成质点，长木板足够长．物块A在长木板的左侧以速度v0＝8m/s向右运动并与长木板相碰，碰后A的速度为2 m/s，方向不变，A的质量为2 kg，g取10 m/s2，求：(1)碰后一瞬间B的速度大小；(2)试分析要使A与B不会发生第二次碰撞，C的质量不能超过多大．12．(18分)如图所示，虚线MN为场强为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场的分界线，电场方向竖直向下且与边界MN成θ＝45°角，匀强磁场方向垂直纸面向外，在电场中有一点P，P点到边界MN的竖直距离为d.现将一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从P处由静止释放(不计粒子所受重力，电场和磁场范围足够大)．(1)求粒子第一次进入磁场时的速度大小；(2)求粒子第二次进、出电场处两点间的距离；(3)若粒子第一次进入磁场后的某时刻，磁感应强度大小突然变为B′，但方向不变，此后粒子恰好被束缚在该磁场中，则B′的最小值为多少？(二)选考题(共15分．请考生从给出的2道题中任选一题做答．如果多做，则按所做的第一题计分)13．[物理——选修3－3](15分)(1)(5分)关于热现象和热学规律，下列说法正确的是________．(填入正确选项前的字母．选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分) A ．布朗运动表明，构成悬浮微粒的分子在做无规则运动的过程中，分子间的引力和斥力都在减小0r B ．两个分子的间距从极近逐渐增大到10 C ．热量可以从低温物体传递到高温物体D ．物体的摄氏温度变化了1 ℃，其热力学温度变化273 K的过程中，它们的分子势能先减小后增大0r E ．两个分子的间距从极近逐渐增大到10(2)(10分)如图所示，一水平放置的薄壁汽缸，由截面积不同的两个圆筒连接而成，质量均为m ＝1.0kg 的活塞A 、B 用一长度为3L ＝30＝20A S 的面积分别为B 、A cm 、质量不计的轻细杆连接成整体，它们可以在筒内无摩擦地左右滑动且不漏气．活塞＝100 B S 和20 cm 1×＝1.00p 的右边都是大气，大气压强始终保持为B 的左边及A 之间封闭有一定质量的理想气体，B 和A ，汽缸内2cm ＝500 K 时，活塞处于图示位置平衡．问：1T Pa.当汽缸内气体的温度为 50 ①此时汽缸内理想气体的压强多大？②当汽缸内气体的温度从T 1＝500 K 缓慢降至T 2＝400 K 时，活塞A 、B 向哪边移动？移动的位移多大？答案部分1．解析：选D.质点、点电荷作为理想化模型都忽略了物体的大小和形状，选项A 、B 错误；理想电压表认为内阻为无穷大，忽略了并联的分流作用，选项C 错误；理想变压器忽略了铁损和铜损，没有能量损失，选项D 正确．2．解析：选C.在拉动过程中，木箱克服重力做功为mgL sin 30°，克服摩擦力做功为μmgL cos 30°，根据功能正确．C ，选项)μ3＋(1mgL 12＝cos 30°μmgL ＋sin 30°mgL 关系可知，拉力至少做功为 ＋θsin mg ，根据牛顿第二定律有2a 、1a 根据题图乙可求出物块在左右斜面上的加速度大小C.选解析：．3时间内1.6 s ～0.6无法求出，根据题图乙可求出m ，但μ和θ，则可求出2ma ＝θsin μmg －θcos mg ，1ma ＝θcos μmg 物块的位移大小，即可求出L ，故选项C 正确．时刻棒的速度大小为t ，d ，导轨间距为0R ，虚线左侧的总电阻为0r 阻为设导轨单位长度的电C.选解析：．4，棒切割磁感线产生at ＝v ，棒的速度大小2at 0r ＋0R ＝0sr 2＋0R ＝R 时刻回路中的总电阻t ，2at 12＝s ，则位移大小v 正确；C 错误，A 成正比，选项t ，不与BdatR0＋r0at2＝E R ＝I 成正比，棒中的电流t ，与Bdat ＝v Bd ＝E 的感应电动势错误；根据功能关系可B 成正比，选项t ，不与ma ＋B2d2atR0＋r0at2＝F ，得水平拉力ma ＝BId －F 根据牛顿第二定律有知水平拉力F 做的功等于棒动能的增加量与整个装置中产生的热量之和，选项D 错误．5．解析：选AC.密立根利用油滴实验测出了基本电荷的电荷量，A 项正确；贝克勒尔通过对天然放射现象的研究发现了中子，B 项错误；居里夫妇从沥青铀矿中分离出钋(Po)和镭(Ra)两种新元素，C 项正确；卢瑟福通过α粒子散射实验，提出了原子的核式结构模型，D 项错误．6．解析：选BD.a 、c 两个顶点处的点电荷在O 点产生的合电场强度为零，设b 、O 两点之间距离为x ，则b－错误!点处产生的电场强度为d 三个顶点处的点电荷在c 、b 、a ，kQx2点产生的电场强度为O 顶点处的点电荷在点电d 点电势低于O 正确；又因顺着电场线方向电势逐渐降低，则D 错误，A ，显然，选项0＝cos 60°×错误!势，检验电荷在d 点的电势能较大，选项C 错误，B 正确．A ，选项(V)t sin 100π236＝u ，则交流电压的表达式为0.02 s 由图乙可知，交流电的周期为CD.选解析：．7错误；t ＝0.015 s 时，根据图乙可知：线圈产生的电动势为最大值，此时发电机的线圈平面与磁场方向平行，选项的阻值变大，因电源电压不变，理想1R 正确；当温度升高时，C 错误；理想变压器的电流与匝数成反比，选项B 变压器的原线圈两端的电压不变，电压表的读数不变，理想变压器的副线圈两端的电压也不变，电路中的电阻变大，故电流表的读数减小，选项D 正确．8．解析：选ABD.导线框进入磁场区域的过程中穿过导线框的磁通量向里增大，由楞次定律和安培定则可知感应电流的方向沿逆时针方向，A 正确．导线框只有进入磁场与穿出磁场的过程中才有感应电流，这两阶段通过有一半进入磁场时，整个导线框切割磁感线的有效长度为对角bd 导线框的对角线正确．B ，故L 22的总位移为U两点间电压c 、a ，B2L2v8R＝L 22×E 4R B ＝F ，所受安培力大小为v BL 22＝E 长度的一半，产生的电动势为c 、a 线正确．D 错误、C ，2BLv4＝E 2＝R 2×I ＝ 7.06 ≈mgh ＝p E Δ，所以小球重力势能的减少量为0.720 6 m ＝h 时间内，小球下落的高度5t 到2t 在(1)解析：．9 5.536＝m/s 错误!＝5v 时刻的瞬时速度大小5t ，在4.072 m/s ＝m/s 错误!＝2v 时刻的瞬时速度大小2t ，小球在J 7.03 J.≈)2v －25v (m 12＝k E Δ，所以小球动能的增加量m/s (2)由于小球下落过程中要受到空气阻力的作用，所以减少的重力势能一部分转化为小球运动的动能，另一部分转化为克服空气阻力做功而产生的内能．答案：(1)7.06(2分) 7.03(2分) (2)空气阻力使小球的机械能减少(2分)10．解析：(1)由于多用电表使用的是“×100”挡，所以当指针指向“5”时，表明被测电阻的阻值为500 Ω；的整体看做电压表，由于该电路采用的是电1A 由于电路中没有给出电压表，所以需要将电阻箱和电流表②(2)－错误!＝x R ，整理该式可得2I ＝错误!的内阻之和，即2A 和电流表x R 流表内接法，所以测得的阻值应为被测电阻.2r 答案：(1)500(3分) (2)①如图所示(3分)(3分)2r －错误!②11．解析：A 与B 碰撞过程动量守恒，根据动量守恒定律可求出碰后B 的速度；AB 碰后，B 在C 的摩擦力作用下做减速运动，C 做加速运动直到二者达到共同速度，若要AB 不发生第二次碰撞，BC 的共同速度须大于等于2m/s ，对BC 运动过程应用动量守恒定律可解出C 的质量． (1)A 与B 相碰的一瞬间，A 、B 组成的系统动量守恒)分(3B v B m ＋A v A m ＝0v A m 则有 )分3 m/s(3＝B v 求得 (2)碰撞后C 在B 上相对B 滑动，B 做减速运动，设C 与B 相对静止时，B 与C 以共同速度v ＝2 m/s 运动时，A 与B 刚好不会发生第二次碰撞，这个运动过程C 与B 组成的系统动量守恒)分(3v )C m ＋B m (＝B v B m 则 )分2 kg(3＝C m 求得 因此要使A 与B 不会发生第二次碰撞，C 的质量不超过2 kg(2分)答案：(1)3 m/s (2)2 kg12.解：(1)设粒子第一次进入磁场时的速度大小为v由动能定理可得：)分(22v m 12＝qEd )分(12qEdm＝v 解得： (2)粒子在电场和磁场中的运动轨迹如图所示．由几何知识可知，粒子第二次进、出电场时，粒子在竖直方向上运动的距离和粒子在水平方向上运动的距离相等．)分(2t v ＝2t ·qE m·12所以有： )分(12mdqE2＝t 解得： 所以粒子第二次进、出电场处两点间的距离为：)分(2t v 2＝CA x )分(1d 24＝CA x 代入数据可得： )分(2mvqB ＝R 可得v2R m ＝B v q 由(3) )分(12mEdq1B ＝R 即 由题意可知，当粒子运动到F 点处改变磁感应强度的大小时，粒子运动的半径有最大值，即B ′最小，粒子的运动轨迹如图中的虚线圆所示．)分(2R 2＋24＝r ，则由几何关系可知r 设此后粒子做圆周运动的轨迹半径为 )分(2mvqr＝′B ，所以mv qB′＝r 又因为 )分(2B )2－2(2＝′B 代入数据可得： B)2(3)2(2－ d 2(2)4 2qEdm(1) 答案： 13．解析：(2)①设被封住的理想气体压强为p ，轻细杆对A 和对B 的弹力为F ，对活塞A 有：)分(1F ＋A pS ＝A S 0p )分(1F ＋B pS ＝B S 0p ，有：B 对活塞 )分Pa(1 510×1.0＝0p ＝p 得： ②当汽缸内气体的温度缓慢下降时，活塞处于平衡状态，缸内气体压强不变，气体等压降温，活塞A 、B 一起向右移动(1分)活塞A 最多移动至两筒的连接处．设活塞A 、B 一起向右移动的距离为x .对理想气体：)分(1B LS ＋A LS 2＝1V 500 K＝1T )分(1B S )x ＋L (＋A S )x －L (2＝2V 400 K ＝2T 2100 cm ＝B S 2200 cm ＝A S )分(2V2T2＝V1T1吕萨克定律：—由盖 解得：x ＝10 cmx ＜2L ＝20 cm 表明活塞A 未碰两筒的连接处．故活塞A 、B 一起向右移动了10 cm.(2分)10 cm右② Pa 510×1.0①(2) (1)BCE 答案： 14．解析：(1)由图象可知，波长为4 m. 由题意可知，波的周期的整数倍为0.4 s ，最大周期为0.4 s ，与此对应的频率最小为2.5 Hz ；由公式λ＝v T 可算得最小波速为10 m/s ；不管波沿那个方向传播，由t 时刻到t ＋0.2 s 时刻，经历的时间都是半周期的整数倍，因此，x ＝3 m 的质点又一次经过平衡位置；即使已知波的传播方向，由于不知波源开始振动时的运动方向，所以不能判定各质点开始振动时运动的方向；由题意知在t 到t ＋0.4 s 波传播的距离为4n ，当n 为5时波传播距离为20 m ．综上所述B 、C 、E 项正确．(2)作出光路图，结合折射定律和几何关系可求得入射点P 距离圆心的距离和两折射光线的夹角．①光路图如图所示，由图中几何关系可知，∠PCD ＝360°－∠CPO －∠POD －∠ODC ＝30°(3分)所以在ACB 面上的入射角为∠PCO ＝15°，入射点P 距圆心O 的距离为OP ＝r sin 15°(2分)可知sin isin r ＝n ，由折射率公式30°点时入射角为D 光线射到② ，sin i 甲sin 30°＝甲n 对甲单色光： )分60°(2＝甲i ，32＝12×3＝sin 30°甲n ＝甲i sin )分45°(2＝乙i ，22＝12×2＝sin 30°乙n ＝乙i sin ，sin i 乙sin 30°＝乙n 对乙单色光： 所以两种色光从OB 面射出后的折射光线的夹角为15°(1分)答案：(1)BCE (2)①r sin 15° ②15°。