长春市三模理科数学答案
长春市普通高中届高三质量监测(三) 数学理科(试卷类型A)
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高中数学学习材料金戈铁骑整理制作长春市普通高中2016届高三质量监测(三) 数学理科(试卷类型A )第Ⅰ卷(选择题,共60分)一、选择题(本大题包括12小题,每小题5分,共60分,每小题给出的四个选项中,只有一项....是符合题目要求的,请将正确选项涂在答题卡上) 1. 设集合{|13}A x x =-<<,1{|39}3x B x =<<,则A B = A. (1,2) B . (1,2)- C. (1,3) D. (1,3)-2. 复数1z ,2z 在复平面内对应的点关于虚轴对称,若12z i =+,则12z z ⋅= A. 5 B. 34i + C. 5- D. 34i --3. 已知向量21=-(,)a ,01=(,)b ,则|2|=a +b A. 22B. 5C. 2D. 44. 已知函数5log ,0()2,0xx x f x x >⎧=⎨⎩≤,则1(())25f f = A. 4 B.14C. 4-D. 14-5. 已知实数{},1,2,3,4,5,6x y ∈,且7x y +=,则2xy ≥的概率为 A.13 B. 23 C. 12 D. 566. 已知tan 2α=,α为第一象限角,则sin2cos αα+=A. 5B. 4255+ C. 455+ D. 525-7. 如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某几何体的三视图,则该几何体的体积为A. 18B. 14C. 12D. 98. 将函数()sin(2)(||)2f x x πϕϕ=+<的图象向右平移12π个单位后的图象关于y 对称,则函数()f x 在[0,]2π上的最小值为A. 32B. 12C. 12-D. 32-9. 按右图所示的程序框图,若输入110011a =,则输出的b =A. 51B. 49C. 47D. 4510. 已知双曲线2222:1(0,0)x y C a b a b-=>>的左、右焦点分别为12,F F ,以2F 为圆心的圆与双曲线的渐近线相切,若圆2F 和双曲线的一个交点为M , 满足12MF MF ⊥,则双曲线的离心率是把a 的右数第i 位数字赋给t是 否开始 输入a6?i >1i i =+输出b 结束0b =1i =12i b b t -=+⋅A.52B. 5C. 2D. 2 11. 在ABC ∆中,D 是BC 中点,已知90BAD C ∠+∠=︒,则ABC ∆的形状为A. 等腰三角形B. 直角三角形C. 等腰直角三角形D. 等腰三角形或直角三角形 12. 定义在(1,0)(0,1)-上的偶函数()f x ,满足1()02f =,当0x >时,总有21()()ln(1)2()x f x x f x x'-⋅->,则()0f x <的解集为 A. {}|11,0x x x -<<≠且 B. 11|1,122x x x ⎧⎫-<<-<<⎨⎬⎩⎭或C. 11|,022x x x ⎧⎫-<<≠⎨⎬⎩⎭且D. 11|1,22x x x ⎧⎫-<<-<<⎨⎬⎩⎭或0第Ⅱ卷(非选择题,共90分)本卷包括必考题和选考题两部分,第13题—21题为必考题,每个试题考生都必须作答,第22题—24题为选考题,考生根据要求作答.二、填空题(本大题包括4小题,每小题5分,共20分,把正确答案填在答题卡中的横线上).13. 已知实数,x y 满足120x y x y +⎧⎪⎨⎪⎩≤≤≥≥,则2+x y 的最大值为___________. 14.设函数()1xf x e =-的图象与x 轴的交点为P ,则曲线()y f x =在点P 处的切线方程为_________.15. 在椭圆221369x y +=上有两个动点,M N ,点(2,0)K ,满足0KM KN ⋅=,则KM NM ⋅的最大值为__.16. 如果一个棱锥底面为正多边形,且顶点在底面的射影是底面的中心,这样的棱锥称为正棱锥.已知正四棱锥P ABCD -内接于半径为1的球,则当此正四棱锥的体积最大时,其高为___________. 三、解答题(本大题包括6小题,共70分,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤). 17.(本小题满分12分)已知数列{}n a 满足1511a =,143(2)n n a a n -≥=-. (1)求证:数列{1}n a +为等比数列;(2)令2|log (1)|n n b a =+,求数列{}n b 的前n 项和为n S .18. (本小题满分12分)某小学对五年级的学生进行体质测试,已知五年一班共有学生30人,测试立定跳远的成绩用茎叶图表示如下(单位:cm ):7155789998161845298356170275461241801119男女男生成绩不低于175cm 的定义为“合格”,成绩低于175cm 的定义为“不合格”;女生成绩不低于165cm 的定义为“合格”,成绩低于165cm 的定义为“不合格”. (1)求女生立定跳远成绩的中位数;(2)若在男生中按成绩是否合格进行分层抽样,抽取6个人,求抽取成绩“合格”的男生人数;(3)若从全班成绩“合格”的学生中抽取2人参加选拔测试,用X 表示其中男生的人数,试写出X 的分布列,并求X 的数学期望. 19. (本小题满分12分)已知等腰梯形ABCD 如图1所示,其中AB ∥CD ,,E F 分别为AB 和CD 的中点,且2AB EF ==,6CD =,M 为BC 中点,现将梯形ABCD 按EF 所在直线折起,使平面EFCB ⊥平面EFDA ,如图2所示,N 是线段CD 上一动点,且CN ND λ=.(1)当1=2λ时,求证:MN ∥平面ADFE ; (2)当=1λ时,求二面角M NA F --的余弦值.20. (本小题满分12分)动点P 在抛物线2=2x y 上,过点P 作x 轴的垂线,垂足为Q ,设2PM PQ =.(1)求点M 的轨迹E 的方程;(2) 设点(4,4)N -,过点(4,5)H 的直线交轨迹E 于,A B (不同于点N )两点,设直线,NA NB 的斜率分别为12,k k ,求12||k k -的取值范围. 21. (本小题满分12分) 已知函数1()(cos )()xf x ea x a -=-+∈R .(1)若函数()f x 存在单调递减区间,求实数a 的取值范围;(2)若0a =,证明: 1[1,]2x ∀∈-,总有(1)2()cos(1)0f x f x x '--+⋅+>.请考生在22、23、24三题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分. 22. (本小题满分10分)选修4—1:几何证明选讲.已知四边形ABCD 为圆O 的内接四边形,且BC CD =,其对角线AC 与BD 相交于点M ,过点B 作圆O 的切线交DC 的延长线于点P .(1)求证:AB MD AD BM ⋅=⋅;(2) 若CP MD CB BM ⋅=⋅,求证:AB BC =. 23. (本小题满分10分)选修4—4:坐标系与参数方程.已知直线l 的参数方程为2222x m t y t ⎧=+⎪⎪⎨⎪=⎪⎩(t 为参数),以坐标原点为极点,x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系,曲线C 的极坐标方程为2222cos 3sin 12ρθρθ+=,且曲线C 的左焦点F 在直线l 上. (1)若直线l 与曲线C 交于A ,B 两点,求||||FA FB ⋅的值; (2)若曲线C 的内接矩形的周长的最大值.24. (本小题满分10分)选修4—5:不等式选讲. 已知0x ∃∈R 使不等式|1||2|x x t ---≥成立. (1)求满足条件的实数t 的集合T ;(2) 若1,1m n >>,对t T ∀∈,不等式33log log m n t ⋅≥恒成立,求m n +的最小值.长春市普通高中2016届高三质量监测(三)数学(理科)参考答案及评分参考一、选择题(本大题包括12小题,每小题5分,共60分)1. B2. C3. B4. B5. B6. C7. A8. D9. A 10. B 11. D 12. B 简答与提示:1. B 【命题意图】本题主要考查集合的化简与交运算,属于基础题.【试题解析】B 由题意可知{|12}B x x =-<<,所以{|12}A B x x =-<<. 故选B. 2. C 【命题意图】本题考查复数的乘法运算,以及复平面上的点与复数的关系,属于基础题.【试题解析】C 复数22z i =-+,所以12(2)(2)5z z i i ⋅=+-+=-. 故选C. 3. B 【命题意图】本题主要考查平面向量的运算性质.【试题解析】B 由2(2,1),a b +=得|2|5a b +=,故选B.4. B 【命题意图】本题考查分段函数及指数、对数运算,是一道基础题.【试题解析】B11()2,(2)254f f =--=. 故选B. 5. B 【命题意图】本题考查古典概型,属于基础题.【试题解析】B 由题意,(,)x y 的所有可能为(1,6),(2,5),(3,4),(4,3),(5,2),(6,1)共6种,其中满足2x y ≥的有4种,故概率为23. 故选B.6. C 【命题意图】本题考查三角函数定义及恒等变换.【试题解析】C 由三角函数定义255sin ,cos 55αα==,故45sin 2cos 2sin cos cos 5ααααα++=+=. 故选C.7. A 【命题意图】本题主要考查四棱锥的体积,考查空间想象能力,属于基础题.【试题解析】A 该几何体可以看成由两个四棱锥组成,每个四棱锥的底面面积为9,高为3,故其体积为9,所以整个几何体体积为18. 故选A.8. D 【命题意图】本题主要考查三角函数的图象及性质,是一道基础题.【试题解析】D 由题可知,3πϕ=-,从而()sin(2)3f x x π=-,则该函数在0,2π⎡⎤⎢⎥⎣⎦的最小值为32-. 故选D.9. A 【命题意图】本题考查程序框图及进位制,属基础题.【试题解析】A 经计算得01234512120202121251b =⨯+⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=. 故选A. 10. B 【命题意图】本题主要考查双曲线的几何性质与圆切线的性质,是一道中档题.【试题解析】B 由题可知,212||,||||22MF b MF MF a b a ==+=+,由12MF MF ⊥,有22212||||4MF MF c +=,整理得2b a =,所以离心率5e =. 故选B.11. D 【命题意图】本题主要考查解三角形正弦定理的应用,是一道中档题.【试题解析】D 如图,由题可知,90BAD C B CAD ∠+∠=∠+∠=︒,在ABD ∆中,sin sin cos BD AD BD BAD B C ==∠,在ADC ∆中,sin sin cos CD AD CD CAD C B ==∠,所以sin sin cos cos B CC B =,即sin 2sin 2B C =,所以B C =或22B C π+=,则此三角形为等腰三角形或直角三角形. 故选D.12. B 【命题意图】本题考查函数导数运算、导数与单调性关系、奇偶性等综合应用,是一道较难题.【试题解析】B 由题可知当(0,1)x ∈时,222()ln(1)()1xf x x f x x'->-,从而2222(()ln(1))()ln(1)()01xf x x f x x f x x''⋅-=-->-,有函数2()ln(1)y f x x =⋅-在(0,1)上单调递增,由函数2()ln(1)y f x x =⋅-为偶函数,所以其在(1,0)-上单调递减,由于(1,0)(0,1)x ∈-时2ln(1)0x -<,所以()0f x <等价于2()ln(1)0y f x x =⋅->,由1()02f =,故()0f x <的解集为1{|1,2x x -<<-或11}2x <<. 故选B.二、填空题(本大题包括4小题,每小题5分,共20分)13. 414. y x =-15. 6416.43简答与提示:13. 4【命题意图】本题主要考查线性规划问题,是一道常规题. 从二元一次方程组到可行域,再结合目标函数的几何意义,全面地进行考查.【试题解析】令2z x y =+,根据可行域及z 的几何意义,可确定最优解为(2,0),从而2x y +的最大值为4.14. y x =-【命题意图】本题考查导数的几何意义,是一道中档题.【试题解析】由题意(0,0)P ,(),(0)1xf x e f ''=-=-,从而曲线在点P 处的切线方程为y x =-. 15. 64【命题意图】本题考查椭圆的简单几何性质和平面向量的基本运算,考查数形结合思想,是一道中档题.【试题解析】由题意NM KM KN =-,由0KM KN ⋅=,有2KM NM KM ⋅=,从椭圆的简单几何性质可得,当M 点为(6,0)-时2KM 最大,故KM NM ⋅的最大值为64.16. 43【命题意图】本题涉及球内接四棱锥体积运算,需要借助导数进行运算求解,是一道较难题.【试题解析】由球的几何性质可设四棱锥高为h ,从而23222[1(1)](2)33P ABCD V h h h h -=--=-+,有222(34)(34)33PABCD V h h h h -'=-+=-+,可知当43h =时,P ABCD V -体积最大. 三、解答题(本大题必做题5小题,三选一选1小题,共70分)17. (本小题满分12分)【命题意图】本小题主要考查数列递推关系、等比数列、等差数列前n 项和,对考生的化归与转化能力有较高要求.【试题解析】解:(1) 证明:由43411-=-n n a a 知)1(4111+=+-n n a a , 由,01≠+n a 41111=++-n na a ,则数列{}1+n a 是以512为首项,41为公比的等比数列.(6分)(2) 由(1)知n a n 211)1(log 2-=+,设{})1(log 2+n a 的前n 项和为n T ,210n n T n -=2|log (1)|n n b a =+,当5≤n 时,2210,0)1(log n n T S a n n n -==>+,当6≥n 时,50102)()1(log )1(log 25552625+-=-=--=+--+-=n n T T T T T a a T S n n n n综上得⎪⎩⎪⎨⎧≥+-≤-=6,50105,1022n n n n n n S n .(12分)18. (本小题满分12分)【命题意图】本小题主要考查统计与概率的相关知识,包括茎叶图、离散型随机变量的分布列以及数学期望的求法. 本题主要考查学生对数据处理的能力.【试题解析】(1) 女生立定跳远成绩的中位数5.1662168165=+cm . (3分) (2) 男生中成绩“合格”和“不合格”人数比为4:8,用分层抽样的方法抽取6个人,则抽取成绩“合格”人数为4人;(6分)(3) 依题意,X 的取值为0,1,2,则175)0(21821008===C C C X P ,15380)1(21811018===C C C X P ,15328)2(21801028===C C C X P , 因此,X 的分布列如下:X0 12 P 17515380 15328 ∴981532821538011750)(=⨯+⨯+⨯=X E .(12分)19. (本小题满分12分)【命题意图】本小题主要考查立体几何的相关知识,二面角的求法及空间向量在立体几何中的应用. 本小题对考生的空间想象能力与运算求解能力有较高要求.【试题解析】解:(1) 过点M 作EF MP ⊥于点P ,过点N 作FD NQ ⊥于点Q ,连接PQ . 由题意,平面⊥EFCB 平面EFDA ,所以⊥MP 平面EFDA 且22=+=CFBE MP ,因为EF DF EF CF ⊥⊥,,所以⊥EF 平面CF D ,所以EF NQ ⊥,由FD NQ ⊥,所以⊥NQ 平面EFDA ,又12CN ND =,所以232==CF NQ ,即NQ MP NQ MP =,//,则MN //PQ ,由MN ⊄平面ADFE ,PQ ⊂平面ADFE ,所以MN //平面ADFE(6分)(2) 以F 为坐标原点,FE 方向为x 轴,FD 方向为y 轴,FC 方向为z 轴,建立如图所示坐标系. 由题意,)23,23,0(),0,3,0(),3,0,0(),0,0,0(),0,1,2(),2,0,1(N D C F A M 平面AMN 的法向量为平面ABCD 的法向量, 即)1,1,1(1=n ,在平面FAN 中,)23,23,0(),0,1,2(==FN FA ,即)2,2,1(2-=n则93cos =θ,所以二面角M NA F --的余弦值为93.(12分)20. (本小题满分12分)【命题意图】本小题主要考查直线与圆锥曲线的综合应用能力,具体涉及到抛物线的方程,直线与圆锥曲线的相关知识. 本小题对考生的化归与转化思想、运算求解能力都有很高要求.【试题解析】解:(1) 设),(y x M ,有)2,(y x P ,将P 代入y x 22=,得y x 42=,从而点M 的轨迹E的方程为y x 42=.(4分)(2) 设),(),,(2211y x B y x A ,联立⎩⎨⎧=+-=yx x k y 45)4(2 ,得0201642=-+-k kx x ,则⎩⎨⎧-==+201642121k x x k x x ,因为44,44222111+-=+-=x y k x y k ,所以 |16)(4))(81(||414414|||212121221121+++--=++--++-=-x x x x x x k x k kx x k kx k k因为,A B 不同于点N ,所以81≠k ,则1)2(||221+-=-k k k故21k k -的取值范围是),1[+∞. (12分)21. (本小题满分12分)【命题意图】本题主要考查函数与导数的综合应用能力,具体涉及到用导数来描述原函数的单调性、极值等情况. 对考生的逻辑推理与运算求解能力有较高要求.【试题解析】解(1) 由题意得1()(sin cos )xf x e a x x -'=--++,若函数()f x 存在单调减区间,则1()(sin cos )0xf x e a x x -'=--++≤即sin cos 0a x x -++≥存在取值区间,即2sin()4a x π≤+存在取值区间,所以2a <. (6分)(2) 当0a =时,11()cos ,()(sin cos )xx f x e x f x e x x --'==-+21(1)2()cos(1)cos(1)[22sin()]4x x f x f x x x e e x π+-'--+⋅+=+⋅-⋅+由11,2x ⎡⎤∈-⎢⎥⎣⎦有310,[0,]22x π⎡⎤+∈⊆⎢⎥⎣⎦,从而cos(1)0x +>,要证原不等式成立,只要证2122sin()04x x ee x π+--⋅+>对⎥⎦⎤⎢⎣⎡-∈∀21,1x 恒成立,首先令)22()(12+-=+x ex g x ,由22)(12-='+x e x g ,可知, 当),21(+∞-∈x 时)(x g 单调递增,当)21,(--∞∈x 时)(x g 单调递减,MFDECAB Nx y z所以0)21()22()(12=-≥+-=+g x ex g x ,有2212+≥+x e x构造函数)4sin(2222)(π+-+=x x x h ,⎥⎦⎤⎢⎣⎡-∈21,1x ,因为)4cos(222)(π+-='x x h ))4cos(22(22π+-=x , 可见,在[]0,1-∈x 时,0)(≤'x h ,即)(x h 在[]0,1-上是减函数,在⎥⎦⎤ ⎝⎛∈21,0x 时,0)(>'x h ,即)(x h 在⎥⎦⎤⎝⎛21,0上是增函数,所以,在⎥⎦⎤⎢⎣⎡-21,1上,0)0()(min ==h x h ,所以0)(≥x g .所以,22)4sin(22+≤+x x π,等号成立当且仅当0=x 时,综上212222sin()4x e x x π+≥+≥+,由于取等条件不同,故2122sin()04x ex π+-+>,所以原不等式成立.(12分)22. (本小题满分10分)【命题意图】本小题主要考查平面几何的证明,具体涉及到切割线定理以及三角形 相似等内容.本小题重点考查考生对平面几何推理能力.【试题解析】解(1) 由BC CD =可知,BAC DAC ∠=∠,在△ABD 中,则AB ADBM DM=,因此AB MD AD BM ⋅=⋅;(5分)(2) 由CP MD CB BM ⋅=⋅可知CP BM CB MD =,又由(1)可知BM AB MD AD =,则CP ABCB AD=,由题意BAD PCB ∠=∠,可得△BAD ∽△PCB ,则ADB CBP ∠=∠,又ADB ACB ∠=∠,即CBP ACB ∠=∠,又PB 为圆O 的切线,则CBP CAB ∠=∠,因此ACB CAB ∠=∠, 即AB AC =. (10分)23. (本小题满分10分)【命题意图】本小题主要考查极坐标系与参数方程的相关知识,具体涉及到极坐标方程与平面直角坐标方程的互化、利用直线的参数方程的几何意义求解直线与曲线交点的距离等内容. 本小题考查考生的方程思想与数形结合思想,对运算求解能力有一定要求.【试题解析】解(1) 已知曲线C 的标准方程为221124x y +=, 则其左焦点为(22,0)-,则22m =-,将直线l 的参数方程222222x t y t⎧=-+⎪⎪⎨⎪=⎪⎩与曲线C 的方程221124x y +=联立, 得2220t t --=,则12||||||2FA FB t t ⋅==. (5分) (2) 由曲线C 的方程为221124x y +=,可设曲线C 上的定点(23cos ,2sin )P θθ 则以P 为顶点的内接矩形周长为4(23cos 2sin )16sin()(0)32ππθθθθ⨯+=+<<,因此该内接矩形周长的最大值为16.(10分)24. (本小题满分10分)【命题意图】本小题主要考查不等式的相关知识,具体涉及到绝对值不等式及 不等式证明等内容.本小题重点考查考生的化归与转化思想.【试题解析】(1) 令1,1()|1||2|23,121,2x f x x x x x x -≤⎧⎪=---=-<<⎨⎪≥⎩,则1()1f x -≤≤,由于0x ∃∈R 使不等式|1||2|x x t ---≥成立,有{|1}t T t t ∈=≤. (5分)(2) 由(1)知,33log log 1m n ⋅≥,根据基本不等式3333log log 2log log 2m n m n ≥+≥ 从而23mn ≥当且仅当3m n ==时取等号,再根据基本不等式26m n mn +≥≥当且仅当3m n ==时取等号,所以m n +的最小值为6.(10分)。
2024年吉林省长春市五十二中赫行实验学校中考三模数学试题(含答案)
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数学试卷一、选择题(本大题共8小题,每小题3分,共24分)1.把笔尖放在数轴的原点,沿数轴先向左(负方向)移动6个单位长度,再向右移动3个单位长度,用算式表示上述过程与结果,正确的是( )A. B. C. D.2.近年来,我国新生儿数量逐年减少引起广泛关注.根据国家统计局2024年1月公布的数据,2023年全年出生人口为902万人,其中“902万”用科学记数法表示为( )A. B. C. D.3.“非学无以广才”,意为不学习就难以增长才干,出自诸葛亮《诫子书》.将“非学无,以广才”六个字分别写在一个正方体的六个面上,正方体的展开图如图所示,那么正方体中和“学”相对的字是()A.无B.以C.广D.才4.小聪从学校图书馆借到一本有108页的图书,计划在10天之内读完.如果开始2天每天只读8页,那么他以后几天里平均每天至少要读多少页?设以后几天里平均每天要读x 页,根据题意可列不等式为( )A. B.C. D.5.如图.在中,,,.以点为圆心,为半径作圆,当点在内且点在外时,的值可能是( )A.6B.8C.10D.126.如图,将一扇车门侧开,车门和车身的夹角为72°,车门的底边长ON 为0.95米,则车门底边上点N 到车身OM 的距离为()639-+=633--=-633-+=-633-+=69.0210⨯59.0210⨯490210⨯40.90210⨯(102)108x +≥(102)108x -≥(102)28108x ++⨯≥(102)28108x -+⨯≥ABC △90ACB ∠=︒10AB =8BC =A r C A B A r MON ∠A.米B.米C.米D.0.95米7.如图,在中,,,用尺规作图的方法作线段AD 和射线DE ,作图痕迹如图所示,则的周长是()A.3B. C. D.68.如图,在平面直角坐标系中,由3个边长均为1的小正方形拼成矩形,其中矩形的顶点在坐标原点,顶点在轴正半轴上,顶点在函数的图象上,则的值为( )A.B. C.3D.二、填空题(本大题共6小题,每小题3分,共18分)9.已知,,则代数式的值为___________.10.已知关于的方程没有实数根,则实数的取值范围是___________.11.在探索线与角的关系时,数学兴趣小组将一副学生用的三角板,按如图所示的方式摆放.已知,则的大小为___________度.12.将图①中长15cm 、宽2cm 的长方形白纸条折成如图2的图形,并在具一面着色,则图②中着色部分的面积为___________.图① 图②13.传统服饰日益受到关注,图①为明清时期女子主要裙式之一的马面裙,马面裙可以近似地看作扇环(图0.95sin 72︒0.95cos 72︒0.95tan 72︒ABC △90ACB ∠=︒6AC BC ==BDE △OABC O B y C (0,0)ky k x x=>>k 91027101034x y +=2xy =2222x y xy +x 2430x x k -+=k //AB CD 1∠②).若长为米,裙长AB 为0.8米,圆心角,则的长度为___________米.(结果保留)图① 图②14.如图,为了提醒司机安全驾驶,要在隧道中安装电子显示屏.已知隧道截面为抛物线型,水平路面宽AB 为16米,抛物线顶点C 到AB 距离为12米.根据计划,安装矩形显示屏的高MQ 为1米,为了确保行车安全,显示屏底部距离地面至少8米,若距离左右墙壁各留至少1.5米的空间,则该矩形显示屏的宽OP 的最大长度为___________米.三、解答题(本大题共10小题,共78分)15.(6分)先化简:,然后从,,1中选一个合适的数作为的值,代入求值.16.(6分)在一次郊游中,小张与小李两位同学发现一个圆桌旁有4个座位,如图所示,两位同学想坐下休息一会(选择每一个座位的机会是均等的,两人不能坐同一个座位).(1)小张恰好坐在①号座位的概率为___________;(2)用画树状图或列表的方法求小张与小李恰好相邻而坐的概率.17.(6分)为丰富市民的生活,某市准备改建文化广场,甲、乙两施工队均参与了改建工程的招标,已知甲队独立完成此工程所需的天数比乙队独立完成所需天数多5天,乙队的施工效率为甲队施工效率的1.5倍,求乙队独立完成此项工程需要多少天?18.(7分)如图,在中,,点D 是边BC 的中点,点E 在线段AD 上,点F 在线段AD 的延长线上,且.AD π360AOD ∠=︒ BCπMNPQ MNPQ 21211x x ++-3-1-x ABC △AB AC =DE DF =(1)求证:四边形是菱形;(2)若,,则菱形的面积为___________.19.(7分)图①、图②、图③均是8×8的正方形网格,每个小正方形的边长均为1,每个小正方形的顶点称为格点,的三个顶点均在格点上,点D 为线段AC 的中点.仅用无刻度的直尺在给定网格中按要求画图,保留作图痕迹.图① 图② 图③(1)在图①中,在线段BC 上作点,连结DM ,使;(2)在图②中,在线段BC 上作点,连结DE ,使;(3)在图③中,在线段AB 上作点,连结DF ,使.20.(7分)某校为落实中央“双减”精神,拟开设古风诗社、工程教育、玩转物理、博物历史四门校本课程供学生选择,为了解该校八年级1000名学生对四门校本课程的选择意向,陈老师做了以下工作:①整理数据并绘制统计图:2抽取40名学生作为调查对象;③结合统计图分析数据并得出结论:④收集40名学生对四门课程的选择意向的相关数据.(1)请按数据统计的规律对陈老师的工作步骤进行正确排序___________;(填序号)(2)以上步骤中抽取40名学生最合适的方式是___________;A.随机抽取八年级三班的40名学生B.随机抽取八年级40名男生BECF 6AD BC ==AE BE =BECF ABC △M 12DM AB =E 12DE AC =F 12DF AC =C.随机抽取八年级40名女生D.随机抽取八年级40名学生(3)如图是陈老师绘制的40名学生所选课后服务类型的条形统计图.假设全年级每位学生都做出了选择,且只选择了一门课程,且学校规定每个校本课程班级人数不得超过40人.①补全条形统计图;②估计该校八年级至少应该开设几个工程教育班.21.(8分)如图①,公路上依次有A 、B 、C 三个车站,一辆汽车从A 站出发以速度匀速驶向B 站,到达B 站后不停留,以速度匀速驶向C 站,汽车行驶路程y (千米)与行驶时间x (小时)之间的函数图象如图②所示.图① 图②(1)__________千米/小时,__________千米/小时;(2)当汽车在B 、C 两站之间匀速行驶时,求y 与x 之间的函数关系式,并写出自变量x 的取值范围;(3)若汽车在某一段路程内刚好用50分钟行驶了90千米,直接写出这段路程开始时x 的值.22.(9分)【问题背景】如图①,两条相等的线段AB 、CD 交于点O ,,连结AC 、BD .求证:.图① 图②证明:过点C 作AB 的平行线,过点B 作AC 的平行线,两条平行线交于点E ,连结DE .,,四边形为平行四边形.证明过程缺失为等边三角形...1v 2v 1v =2v =60AOC ∠=︒AC BD CD +≥//AB CE //AC BE ∴ABEC DCE ∴△CD DE ∴=AC BD BE BD DE CD ∴+=+≥=即.(1)补全缺失的证明过程;【迁移应用】如图(2),在正方形中,,点为边BC 上的一点,,点M 、N 分别为边DC 、AB 上的动点,且始终保持.(2)线段MN 的长度为__________;(3)的最小值为__________.23.(10分)如图,在矩形中,,,点P 为边AD 上的动点,点Q 为折线上的动点,且.当点P 不与点A 重合时,过点Q 作,交边BC 于点M ,连结PM ,将绕点P 沿逆时针方向旋转得到,使点落在线段PM 上.(1)当点Q 与点A 重合时,线段PM 的长为__________;(2)当点2在边AB 上时,求证:是等腰直角三角形;(3)当线段AQ 长为2时,求的面积;(4)当点落在边BC 上时,直接写出线段AP 的长.24.(12分)在平面直角坐标系中,抛物线(b 、c 为常数)的对称轴为直线,且此抛物线经过点,点A 、B 均在此抛物线上,点A 、B 的横坐标分别为m 、,过点作轴的垂线交此抛物线于点,连结AC ,以AC 、BC 为边作.(1)求此抛物线对应的函数表达式;(2)当线段BC 长为2时,求点A 的坐标;(3)当的顶点落在抛物线的对称轴上时,求的面积;(4)设抛物线的对称轴交的边于M 、N 两点,若此抛物线与的边有交点(不包括的顶点),交点记为点,作.当的面积是面积的时,直接写出的值.赫行2024.5三模数学参考答案1.C2.A3.C4.D5.B6.A7.C 8.BAC BD CD +≥ABCD 4AB =E 1BE =MN AE ⊥AM NE +ABCD 6AD =3AB =BA AD -AP BQ =QM PQ ⊥PQM △PQ M ''△Q 'PQM △PQM △M '2y x bx c =-++1x =(1,1)--1m +B y C ACBD ACBD 2y x bx c =-++ACBD 2y x bx c =-++ACBD ACBD ACBD H MNH △MNH △ACBD 18m9.1610.11.15°12.2613.14.515.原式,当时,原式16.(1);(2)17.1018.(1)证明:在中,,D 是BC 中点,,,即,,,互相垂直平分,四边形是菱形;(2)19.图①图②图③20.(1)②④①③(2)D(3)①见下图②521.(1)80;120(2)(3),或,.43k >3π511x =-3x =-14=-1423ABC △AB AC =BD CD ∴=AD BC ⊥EF BC ⊥DE DF = EF ∴BC ∴BECF 272240120(3)120120(34)y x x x =+-=-≤≤580(3)1203906x x ⎛⎫-++-= ⎪⎝⎭114x =512012080906x x ⎛⎫+--= ⎪⎝⎭114x =22.(1)证明:,,,,又.(2;(323.(1)(2)证明:,,,又,,,,又,为等腰直角三角形.(3)(424.(1)(2)当时,,,当时,,,(3)2,(4),AC BE ∴=CE AB =AB CD = CD CE ∴=60DCE AOC ︒∠=∠=QM PQ ⊥ 90PQM ︒∴∠=APQ BQM ∴∠=∠90A B ︒∠=∠=AP BQ =APQ BQM ∴△≌△PQ QM ∴=90PQM ∠=︒PQM ∴△523-2(1)3y x =--+0m <2(11)2m --=1m =-(1,1)A --0m >2(11)2m +-=1m =(1,3)A 292314-。
高三数学试题-吉林省长春市三模2024届高三数学答案
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长春市2024届高三质量监测(三)数 学2024长春三模阅卷标准说明会三、填空题:(本大题共4小题,每小题5分,共20分,把答案填在答卷纸的相应位置上)12. 242513. 214. 40;21312n四、解答题:15. (本小题满分13分)【试题解析】(1)因为sin cos a B A ,由正弦定理可得sin sin cos A B B A …………………………………………3分sin 0B ,所以sin A A ,故tan A ,23A……………………6分 (2)由题意可知ABD ACD ABC S S S , 即1112sin sin sin 232323c b bc ,化简可得b c bc ,………………………9分 在ABC △中,由余弦定理得22222(21cos 222b c a b c bc a A bc bc)从而2()220122bc bc bc ,解得5bc 或4bc (舍)…………………………12分所以11sin 5sin120224ABC S bc A ……………………………………13分16. (本小题满分15分)【试题解析】(1)当0a 时,()e x x f x,则1()e x x f x ,(1)0f ,(2分)1(1)ef ,所以切线方程为1ey………………………………………………………………3分 (2)当1a 时,()e e x x f x x ,21e ()(1)e e e x x xxx f x x ………………4分令2()1e x g x x ,2()12e 0x g x故()g x在R上单调递减,而(0)0g ,因此0是()g x在R上的唯一零点即:0是()f x在R上的唯一零点……………………………………………………6分当x变化时,()f x,()f x的变化情况如下表:(,0)………………………8分()f x的极大值为(0)1f ,无极小值.……………………………………………9分(3)由题意知1x x xxe ae e≤,即1x xxxe eae≥,即21xxae e≥,(1分)设21()xxm xe e,则 22222212()x xx xe xe xm xe e,…………………………11分令()0m x,解得21x,当1(,()0,()2x m x m x单调递增,当1(,),()0,()2x m x m x单调递减,(2分)所以max1111()(222m x me e e,…………………………………………14分所以12ae≥ (15)分17. (本小题满分15分)【试题解析】(1)双曲线223x y可化为2213x y,……………………1分11211||||(24122233ABFS F F AB△,即3. …………4分双曲线C的标准方程为2213yx . ……………………………………………………………5分(2)设直线l的方程为2x ty(0t ),11(,)A x y,22(,)B x y,联立双曲线C与直线l:22332x yx ty消去x可得:22(31)1290t y ty,因此1221231ty yt,112931y yt. …………………………………………………………7分进而可得122431x x t,即AB 中点M 为2226(,)3131tt t ,………………9分线段AB 的中垂线为2262(3131t y t x t t ,………………………………10分则28(,0)31D t ,(1分)即2222866|||2|||3131t DF t t . ……………………12分2266||||31t AB t ,………………14分即2||||DF AB 为定值1. …………………………………………………………………15分18.(本小题满分17分)【试题解析】(1)方法一:AB B A2111 ,1122AA AB AA AD ………………………………2分1121AA AD A D11111(1)((1)22D P D A AP AB AD AA…………………………4分1111[(1)((1)]()22D P AC AB AD AA AB AD221111(1)((1)(1)22AB AD AB AA AD AA118(1)8()4(1)022……………………………………………………6分,1AC P D 即.1AC P D ………………………………………………………………7分 (1)方法二:以底面ABCD 的中心O 为原点,以OM 方向为y 轴,过O 点平行于AD 向前方向为x 轴,以过点O 垂直平面ABCD 向上方向为z 轴,建立如图所示空间直角坐标系,设正四棱台的高度为h ,则有A, B , C ,D ,1A h,1C h,1,,22D h ,MAC1(1),0,22222AP h1,,22D A h11D P D A AP h h………………………………5分故1AC D P,所以1D P AC…………………………………………………………7分(2)设平面ABCD的法向量为0,0,1n设平面1AMC的法向量为,,x y zm,AM,1,22AC h则有1AMACmm,即22x y hz,令x ,则 ,3m………………………………………………………………………9分又题意可得3cos,7m n,可得2h ……………………………………11分因为23,经过计算可得40,0,3P,1,,222D,143D P……13分将2h 代入,可得平面1AMC的法向量m……………………………15分设直线DP与平面1AMC所成角的为sin cos,DPm…………………………………17分19.(本小题满分17分)【试题解析】(1)剔除第10天数据后的 911 2.2100.42.499iiyy新,12959t新91118.73100.4114.73i iit y新;922138510285iit新…………………………………………………………1分所以2114.7395 2.4673285956000b故 673110352.4560006000a ,所以 0.11 1.84y x.………………………………3分据此可估计第10天的正常销量约为2.94千张. …………………………………………4分(2)由题意可知 1223355n n n P P P n ,其中125P ,22231955525P …6分 则 112335n n n n P P P P n,…………………………………………………8分 所以 1n n P P 是以首项为21192925525P P ,公比为35的等比数列, 故 21932255n n n P P n成立,………………………………………………9分则有 012112219333...25555n n n n n P P P P P P213319939553254054015n n…………………10分 故1193940540n n P P,即1935533=4058885n nn P…………12分(3)①当n 为偶数时,5335330885885nnn P单调递减,最大值为21925P ;当n 为奇数时,5335330885885nnn P单调递增,最小值为125P ; 综上:数列 n P 的最大值为1925,最小值为25. ………………………………14分②证明:对任意0 总存在正整数0358[log ()]13N ,(其中[]x 表示取整函数)当358[log ()]13n 时,358log ()35333333|||()||(|(8858585n n n P . ……………………………………17分。
2019年长春三模(理数)
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二、填空题(本大题共 4 小题,每小题 5 分,13 题对一个给 3 分,共 20 分)
13. 2, 24 25
3
14.
2
15.①②④
5n2 3n
16.
4
数学(理科)试题参考答案及评分标准 第 1页(共 7页)
三、解答题
17. (本小题满分 12 分) 【命题意图】本题考查解三角形的相关知识.
正方形的边长为 1,对该几何体有如下描述:
① 四个侧面都是直角三角形; ② 最长的侧棱长为 2 6 ;
③ 四个侧面中有三个侧面是全等的直角三角形; ④ 外接球的表面积为 24 .
其中正确的描述为______________.
16.
已知数列{an} 中,a1
2 ,an1
n
nan 1 2an
(
n
N*
),则
11. 【命题意图】本题主要考查抛物线的相关知识. 【试题解析】C 做 O 点关于准线的对称点 M,则所求距离和的最小值为|AM|.故选 C.
12. 【命题意图】本题主要考查函数与导数的相关知识.
【试题解析】C 先确定 x1 1 x2 ,借助条件等式,用 x2 表示 x1 , x1 1 2 ln x2 , 得到关于 x2 的函数关系式 x1 x2 1 2 ln x2 x2 ,通过构造函数并求导确定该函数的单
【试题解析】解:(Ⅰ)由正弦定理得: 4 2 6 ,所以 sin C 1 , C ,
2 2 sinC
2
3
所以 BC 62 (4 2)2 2 ,所以 S 1 2 4 2 4 2 . (6 分) 2
(Ⅱ)设 DC x ,则 BD 2x ,则 AD 2x ,
所以 (2x)2 (2x)2 62 (2x)2 x2 (4 2)2
长春市 2023 届高三质量监测(三)数学参考答案与评分标准
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长春市2023届高三质量监测(三)参考答案与评分标准数学题中第15题,第一空2分,第二空3分) 13. 12; 14.;15. 236145x y,14013;16. 1143n n n a a四.解答题:17.(本小题满分10分)解:(I)选①由余弦定理得:2222cos b c a bcA ,又1sin 2S bc A , 所以1sin 2cos 24bc A bc A , 得tan A ,因为0A ,所以3A.选②,因为sin sin sin a b c b C A B ,由正弦定理得:a b c b c a b, 整理得:222b c a bc,由余弦定理得:2221cos 22b c a A bc,因为0A ,所以3A.选③,cos c b C C a,sin sin cos sin C BC C A,sin cos sin sin sin C A CA CB ,又因为 A C B ,所以sin sin()sin cos sin cos B A C A C CA ,sin sin cos sin C A C A C ,因为0C ,所以sin 0C , cos 2sin()16A A A,因为0A ,所以66A,所以3A.(II)法一:在ACD 中,4sin sin(120)AC AD,4sin ,)AC AD ,4sin )8sin )b c,(tan 2,当90 时取等号, 所以b c 的最大值是. 法二:由余弦定理及中线定理可得:222222,482(),a b c bc c a b 224248b bc c , 令t b c ,2242()()48b b t bt b ,2274480b tb t,221628(48)0t t,解得0t当t 时,b,7AD 符合题意, 所以b c 的最大值是.18.(本小题满分12分)解析:(I)证明:在平面图形中取AD 中点O ,连接,OC OE ,ADE 是边长为2的等边三角形,OE AD ,1OD ,故翻折后有OP AD ,又//CD AE , 3CDO DAE,2CD AE ,OC AD ,且OP OC O ,,OP OC POC 平面,AD POC 平面,2BAD ABC,//AD BC ,BC POC 平面,又PC POC 平面 ,BC PC .(II)解:由(I)得OP AD ,OC AD , 二面角P AD B 的平面角为POC ,在POC 中,OC OP ,3PC ,由余弦定理得1cos 2POC ,23POC,二面角P AD B 的大小是23,在平面POC 内作OM OC ,交PC 于M,OA BCDEAD POC 平面 ,以O 为原点,OA 为x 轴,OC 为y 轴,OM 为z 轴,建立空间直角坐标系,由(I)得,四边形OABC 为矩形,又23POC,OP ,所以各点坐标为(1,0,0)A ,(1,0,0)D,0)B,C,3(0,,)22P ,所以3(1,22PB,3(0,,)22PC,DC ,设平面PCD 的一个法向量(,,)x y z n ,则0,0,PC DC n n即30,220,y z x设1y,则z,x,( n , 设直线PB 与平面PCD 所成角为 ,则sin ||70.19.(本小题满分12分)解析:(I)由222221212(2)n n n n a a n 得,222221221n n n n a a , 令222nn n b a ,则11n n b b ,n b 为首项为1,公差为1的等差数列, 2221+11=nna n n ,0n a,得2n na.(II)1223111111()((()2222222222ni i n n n i a. 20.(本小题满分12分)解:(I )3X 可取值为1,2,3,32111323P X , 32111215232233218P X ,31573131818P X ,因此3X 的分布列为(II )(i )n Y 可取值为1,2,,n ,每位同学两题都答对的概率为211323p, 所以答题失败的概率均为:2121323,*(11,)n Y k k n k N 时,121()(33k n P Y k .当n Y n 时, 12(3n n P Y n .n Y(ⅱ)法一: 11*1()()(,2)333k n n k E Y k n n nN . 11121222((1)(()()033333n n n n n n E Y E Y n n n ,故 n E Y 单调递增;求得 253E Y, 故 232431n n n E Y E Y E Y E Y E Y E Y E Y E Y ,∴22231122()[1()]52225233()()()(32(3233333313n n n nE Y , 故 23453n E Y E Y E Y E Y E Y .法二: 2211212121223((1)(()(1)33333333n n n E Y n n, 23122121212122(3((1)(()(2)3333333333n n n E Y n n ,(1)(2) 得:22111111212122212((()(1)()(3333333333312[1()]221233((1)(()233331321(3n n n n n n n n n nE Y n n n n n n所以 1232(33n n E Y ,故 n E Y 单调递增,且小于3.21.(本小题满分12分)解:(I )直线l 与双曲线C 相切.理由如下:联立方程组220011ax by ax x by y ,222220000210aby a x x ax x by ,2200,1N C ax by , 220020ax ax x ax ,∴222200440a x a x ,∴直线l 与双曲线C 相切. (II )证明:由(I )知222220000210aby a x xax x by ,∵直线l 与双曲线C 的一支有2个交点,则2220020222000100aby a x by aby a x,∴ 2222222242220000000004410a x a by ax by axby b y ax abx y ,∴222001a x by ,∵220022222000011)0(by by aby a x a ax by , ∴220001ax by , ∴00()N x y Q ,.(III )法一:设11()()M x y A x y ,,,,设,MA AN MB BN, ∵00()N x y l ,,∴1 ,则101011x x x y y y,代入双曲线221C ax by :,利用M 在l 上,即01011ax x by y ,整理得222211200110ax by ax by , 同理得关于 的方程222211200110ax by ax by .即 、是222220011110ax by t ax by 的两根,0 +,∴||||||||MA MB AN BN .(III )法二:设112233()(),()A M x y B x y x y ,,,,,设AN NB,则12012011x x x y y y,∵,A B 在双曲线上,∴221122221(1),1(2),ax by ax by , 2(1)(2) 得:22222221212()()1a x x b y y , ∴1212121211111x x x x y y y y a b , 即121200111x x y y ax by , ∴点1212(,11x x y y在l 上, 又∵点1212(,11x x y y 在AB 上,∴12312311x x x y y y,此时AM MB,∴||||||||MA MB AN BN .。
2020届吉林省长春市高三质量监测(三)(三模)数学(理)试题(解析版)
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【答案】C
【解析】根据圆心的连线与公共弦所在直线垂直,即可求得圆心;再结合弦长公式,即可容易求得半径.
【详解】
两圆圆心连线与公共弦垂直,不妨设所求圆心的坐标为 ,
又圆 的圆心为 ,半径为1,
故 ,解得 .故所求圆心为 .
直线 截得 所成弦长 ,
圆心 到直线 的距离为 ,
所以直线 截得所求圆的弦长 ,
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】利用 之间的关系,即可容易求得 ,则 得解,再用并项求和法即可求得结果.
【详解】
由 得 ,作差可得:
,又 得 ,
则 所以 ,
…,
所以 .
故选:D.
【点睛】
本题考查利用 的关系求数列的通项公式,涉及等差数列前 项和的求解,属综合中档题.
12.设椭圆 的左右焦点为 ,焦距为 ,过点 的直线与椭圆 交于点 ,若 ,且 ,则椭圆 的离心率为()
【详解】
因为 ,又 与向量 共线
故可得 ,解得 .
故选:B.
【点睛】
本题考查向量共线的坐标公式,涉及向量的坐标运算,属基础题.
4.已知函数 的图象为C,为了得到关于原点对称的图象,只要把C上所有的点()
A.向左平移 个单位B.向左平移 个单位
C.向右平移 个单位D.向右平移 个单位
【答案】A
【解析】利用辅助角公式化简 ,再根据三角函数的奇偶性,即可求得结果.
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】根据题意,求得 ,结合余弦定理,即可求得 的齐次式,据此即可求得结果.
【详解】
根据题意,作图如下:
由 得 , ,
由
即 ,
整理得 ,
【数学】吉林省长春市普通高中高三质量检测(三)试题(理)(解析版)
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吉林省长春市普通高中高三质量检测(三)数学试题一、选择题(本大题共12小题,共60.0分)1.的值为()A. B. C. D.【答案】B【解析】由诱导公式可得,故选B.2.已知集合A={-1,0,1,2},B={x|(x+1)(x-2)<0},则A∩B=()A. B. C. 0, D. 1,【答案】A【解析】由B中不等式解得:-1<x<2,即B={x|-1<x<2},∵A={-1,0,1,2},∴A∩B={0,1},故选:A.3.若实部与虚部相等,则实数a的值为()A. 0B. 1C. 2D. 3的【答案】A【解析】由题得,所以.故选:A4.执行如图所示的程序框图,如果输入,则输出p为()A. 6B. 24C. 120D. 720【答案】B【解析】按照程序框图运行程序,输入,,,一次运行:,此时,循环得二次运行:,此时,循环得三次运行:,此时,循环得四次运行:,此时,输出本题正确选项:5.已知等差数列{a n}的前n项和为S n,且a2=4,a4=2,则S6=()A. 0B. 10C. 15D. 30【答案】C【解析】数列{a n}是等差数列,a2=4=a1+d,a4=2=a1+3d,所以a1=5,d=-1,则S6=6a1+=15.故选:C.6.已知、是两个单位向量,且夹角为,则=()A. B. C. D. 【答案】A【解析】、是两个单位向量,且夹角为,则(2)•(﹣2)=﹣4+5.故选:A.7.若8件产品中包含6件一等品,在其中任取2件,则在已知取出的2件中有1件不是一等品的条件下,另1件是一等品的概率为()A. B. C. D.【答案】D【解析】根据题意,设“所取2件产品中有1件不是一等品”为事件A,“一件上一等品,另一件不是一等品”为事件B,则P(A)=11,P(AB),则P(B|A);故选:.8.已知m,n为两条不重合直线,α,β为两个不重合平面,下列条件中,一定能推出的是()A. B.C. D.【答案】B【解析】当时,若,可得又,可知本题正确选项:9.“科技引领,布局未来”科技研发是企业发展的驱动力量.2007年至2018年,某企业连续12年累计研发投入达4100亿元,我们将研发投入与经营收入的比值记为研发投入占营收比.这12年间的研发投入(单位:十亿元)用图中的条形图表示,研发投入占营收比用图中的折线图表示.根据折线图和条形图,下列结论错误的是()A. 2012﹣2013 年研发投入占营收比增量相比2017﹣2018 年增量大B. 该企业连续12 年研发投入逐年增加C. 2015﹣2016 年研发投入增值最大D. 该企业连续12 年研发投入占营收比逐年增加【答案】D【解析】【分析】根据图形给出的信息,分析判断即可.【详解】从研发投入占营收比(图中的红色折线)07~09年有所下降并非连续12年研发投入占营收比逐年增加,故D错.故选:D.【点睛】本题考查命题真假的判断,考查识图能力,考查分析问题解决问题的能力,属基础题.10.函数f(x)=的部分图象大致是()A. B.C. D.【答案】B【解析】【分析】由题意结合函数的奇偶性和函数在特殊点的函数值确定函数图像即可.【详解】∵函数f(x)的定义域为(-∞,-)∪(-,)∪(,+∞)f(-x)===f(x),∴f(x)为偶函数,∴f(x)的图象关于y轴对称,故排除A,令f(x)=0,即=0,解得x=0,∴函数f(x)只有一个零点,故排除D,当x=1时,f(1)=<0,故排除C,综上所述,只有B符合,本题选择B选项.11.已知O为坐标原点,抛物线C:y2=8x上一点A到焦点F的距离为6,若点P为抛物线C 准线上的动点,则|OP|+|AP|的最小值为()A. 4B.C.D.【答案】C【解析】抛物线y2=8x的准线方程为x=-2,∵|AF|=6,∴A到准线的距离为6,即A点的横坐标为4,∵点A在抛物线上,不妨设为第一象限,∴A的坐标A(4,4)∵坐标原点关于准线的对称点的坐标为B(-4,0),∴|PO|=|PB|,∴|P A|+|PO|的最小值:|AB|=.故选:C.【点睛】本题主要考查抛物线的相关知识.两条线段之和的最小值的求法,是中档题,解题时要认真审题,注意数形结合思想的合理运用.12.已知函数,若,且,则取值范围是()A. B.C. D.【答案】C【解析】设若,则,不成立;若,则,不成立若,则设,则当时,,则单调递减当时,,则单调递增本题正确选项:二、填空题(本大题共4小题,共20.0分) 13.已知函数的最小正周期为,则=_____,若,则=____.【答案】 (1). 2 (2).【解析】由周期公式,可得ω=2,由,得,所以,平方得,∴故答案为:2;.14.已知矩形,以为焦点,且过两点的双曲线的离心率为_____.【答案】【解析】由题意易知:即,,由双曲线定义可得,∴双曲线的离心率为故答案为:15.我国古代数学名著《九章算术•商功》中阐述:“斜解立方,得两堑堵.斜解堑堵,其一为阳马,一为鳖臑.阳马居二,鳖臑居一,不易之率也.合两鳖臑三而一,验之以棊,其形露矣.”若称为“阳马”的某几何体的三视图如图所示,图中网格纸上小正方形的边长为1,对该几何体有如下描述:①四个侧面都是直角三角形;②最长的侧棱长为;③四个侧面中有三个侧面是全等的直角三角形;④外接球的表面积为24π.其中正确的描述为____.【答案】①②④【解析】由三视图还原原几何体如图,可知该几何体为四棱锥,P A⊥底面ABCD,P A=2,底面ABCD为矩形,AB=2,BC=4,则四个侧面是直角三角形,故①正确;最长棱为PC,长度为2,故②正确;由已知可得,PB=2,PC=2,PD=2,则四个侧面均不全等,故③错误;把四棱锥补形为长方体,则其外接球半径为PC=,其表面积为4π×=24π,故④正确.∴其中正确的命题是①②④.故答案为:①②④.16.已知数列中,则_______.【答案】【解析】∵,,∴,即记,显然为常数列,且,∴,∴故答案为:三、解答题(本大题共7小题,共82.0分)17.在中,,.(1)若,求的面积;(2)若点D在BC边上且,AD=BD,求BC的长.解:(1)由正弦定理得:,所以sin C=1,,所以,所以.(2)设DC=x,则BD=2x,由余弦定理可得解得:所以.18.某工厂有两个车间生产同一种产品,第一车间有工人200人,第二车间有工人400人,为比较两个车间工人的生产效率,采用分层抽样的方法抽取工人,并对他们中每位工人生产完成一件产品的时间(单位:min)分别进行统计,得到下列统计图表(按照[55,65),[65,75),[75,85),[85,95]分组).第一车间样本频数分布表(Ⅰ)分别估计两个车间工人中,生产一件产品时间小于75min的人数;(Ⅱ)分别估计两车间工人生产时间的平均值,并推测哪个车间工人的生产效率更高?(同一组中的数据以这组数据所在区间中点的值作代表)(Ⅲ)从第一车间被统计的生产时间小于75min的工人中,随机抽取3人,记抽取的生产时间小于65min的工人人数为随机变量X,求X的分布列及数学期望.解:(I)估计第一车间生产时间小于75min工人人数为(人).估计第二车间生产时间小于75min的工人人数为(人).(II)第一车间生产时间平均值约为(min).第二车间生产时间平均值约为(min).∴第二车间工人生产效率更高.(III)由题意得,第一车间被统计的生产时间小于75min的工人有6人,其中生产时间小于65min的有2人,从中抽取3人,随机变量X服从超几何分布,X可取值为0,1,2,,,.X的分布列为:所以数学期望.19.如图所示,等腰梯形ABCD中,AB∥CD,AD=AB=BC=1,CD=2,E为CD中点,AE与BD交于点O,将△ADE沿AE折起,使点D到达点P的位置(P∉平面ABCE).(Ⅰ)证明:平面POB⊥平面ABCE;(Ⅱ)若直线PB与平面ABCE所成的角为,求二面角A-PE-C的余弦值.(Ⅰ)证明:在等腰梯形ABCD中,易知△DAE为等边三角形,所以OD⊥AE,OB⊥AE,即在△P AE 中,OP ⊥AE ,∴AE ⊥平面POB ,AE ⊂平面ABCE ,所以平面POB ⊥平面ABCE ;(Ⅱ)解:在平面POB 内作PQ ⊥OB =Q ,∴PQ ⊥平面ABCE . ∴直线PB 与平面ABCE 夹角为,又∵OP =OB ,∴OP ⊥OB ,O 、Q 两点重合,即OP ⊥平面ABCE ,以O 为原点,OE 为x 轴,OB 为y 轴,OP 为z 轴, 建立空间直角坐标系,由题意得,各点坐标为,,,∴,,设平面PCE 的一个法向量为,则,即,设,则y =-1,z =1,∴,由题意得平面P AE 的一个法向量,设二面角A -P -EC 为α,.即二面角A -P -EC 为α的余弦值为.20.如图所示,椭圆离心率为,、是椭圆C 的短轴端点,且到焦点的距离为,点M 在椭圆C 上运动,且点M 不与、重合,点N满足.(1)求椭圆C的方程;(2)求四边形面积的最大值.解:又且,解得:,因此椭圆的方程为法一:设,,直线……①;直线……②由①②解得:又四边形的面积当时,的最大值为法二:设直线,则直线……①直线与椭圆的交点的坐标为则直线的斜率为直线……②由①②解得:四边形的面积:当且仅当时,取得最大值21.已知a∈R,函数.(1)讨论函数f(x)的单调性;(2)若x=2是f(x)的极值点,且曲线y=f(x)在两点P(x1,f(x1)),Q(x2,f(x2))(x1<x2<6)处的切线互相平行,这两条切线在y轴上的截距分别为b1、b2,求b1-b2的取值范围.解:(1),①当a≤0时,f'(x)<0在x∈(0,+∞)上恒成立,∴f(x)在(0,+∞)上单调递减;②当a>0时,时f'(x)<0,时,f'(x)>0,即f(x)在上单调递减,在单调递增;(2)∵x=2是f(x)的极值点,∴由(1)可知,∴a=1,设在P(x1,f(x1))处的切线方程为,在Q(x2,f(x2))处的切线方程为∴若这两条切线互相平行,则,∴∵,且0<x1<x2<6,∴,∴,∴x1∈(3,4)令x=0,则,同理,.【解法一】∵,∴设,∴∴g(x)在区间上单调递减,∴即b1-b2的取值范围是.【解法二】∵,∴令,其中x∈(3,4)∴∴函数g(x)在区间(3,4)上单调递增,∴∴b1-b2的取值范围是.【解法三】∵x1•x2=2(x1+x2),∴设,则∵,∴g'(x)>0,∴函数g(x)在区间上单调递增,∴,∴b1-b2的取值范围是.22.在平面直角坐标系中,直线的倾斜角为,且经过点.以坐标原点O为极点,x轴正半轴为极轴建立极坐标系,直线,从原点O作射线交于点M,点N 为射线OM上的点,满足,记点N的轨迹为曲线C.(Ⅰ)求出直线的参数方程和曲线C的直角坐标方程;(Ⅱ)设直线与曲线C交于P,Q两点,求的值.解:(Ⅰ)直线l1的参数方程为,(t为参数)即(t为参数).设N(ρ,θ),M(ρ1,θ1),(ρ>0,ρ1>0),则,即,即ρ=4cosθ,∴曲线C的直角坐标方程为x2-4x+y2=0(x≠0).(Ⅱ)将l1的参数方程代入C的直角坐标方程中,得,即,t1,t2为方程的两个根,∴t1t2=-3,∴|AP|•|AQ|=|t1t2|=|-3|=3.23.已知函数.(Ⅰ)求不等式的解集;(Ⅱ)设函数的最小值为m,当a,b,,且时,求的最大值.解:(Ⅰ)①当时,②当时,③当时,综上:的解集为(Ⅱ)法一:由(Ⅰ)可知即又且则,设同理:,,即当且仅当时取得最大值法二:由(Ⅰ)可知即又且当且仅当时取得最大值法三:由(Ⅰ)可知即由柯西不等式可知:即:当且仅当即时,取得最大值。
吉林省长春市东北师大附中高考数学三模试卷(理科)
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高考数学三模试卷(理科)题号一二三总分得分一、选择题(本大题共12小题,共60.0分)1.在复平面内,复数对应的点位于()A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限2.已知集合,集合B={x|1<x<2},则A∪B=()A. {x|x<2}B. {x|0<x<2}C. {x|0<x≤1}D. ∅3.已知命题p:,则¬p为()A. B.C. D.4.等差数列{a n}中,若(a1+a4+a7)+3a9=15,则此数列的前12项和S12=()A. 24B. 30C. 36D. 485.已知向量,=(2,x-3),,若且,则x的值为()A. 2B. -2C. 1D. -16.已知a,b,c满足c<b<a且ac<0,给出下列四个结论:①ab>ac;②c(b-a)>0;③cb<ab;④,其中正确结论的个数为()A. 1个B. 2个C. 3个D. 4个7.如图,在直三棱柱ABC-A1B1C1中,,,BC=2,D,E分别是AC1,BB1的中点,则直线DE与平面BB1C1C所成的角的正弦值为()A.B.C.D.8.将函数的图象向右平移个单位长度,得到函数y=g(x)的图象,则下列说法正确的是()A. 图象关于直线对称B. 图象关于点对称C. 在上的最大值为D. 的单调递减区间为9.已知a>0,b>0,且ab=2a+b,若a+2b≥m2-8m恒成立,则实数m的取值范围是()A. B. 或C. -1≤m≤9D. m≥9或m≤-110.在正项等比数列{a n}中,a3=2,16a52=a2a6,则数列{a n}的前n项积T n中最大的值是()A. T3B. T4C. T5D. T611.如图,将平面直角坐标系的格点(横,纵坐标均为整数点)按如下规则标上数字标签:原点处标0,点(1,0)处标1,点(1,-1)处标2,点(0,-1)处标3,点(-1,-1)处标4,点(-1,0)点标5,点(-1,1)处标6,点(0,1)处标7,以此类推,则标签20192的格点坐标为()A. B. C. D.12.已知函数f(x)=,g(x)=(其中e为自然对数的底数).当k∈(0,-)时,函数h(x)=f[g(x)]-k的零点个数为()A. 3个B. 4个C. 5个D. 6个二、填空题(本大题共4小题,共20.0分)13.若变量x,y满足约束条件,则的最小值是______.14.已知向量,向量在方向上的投影为,且,则=______15.函数,其中e是自然对数的底数,若f(a-3)+f(2a2)≤0,则实数a的取值范围是______.16.在菱形ABCD中,∠A=60°,AB=2,将△ABD沿BD折起到△PBD的位置,若二面角P-BD-C的大小为120°,则三棱锥P-BCD的外接球的表面积为______.三、解答题(本大题共6小题,共70.0分)17.已知等差数列{a n}的前n项和为S n,且a1=3,S3=15.(Ⅰ)求数列{a n}的通项公式;(Ⅱ)记数列的前n项和为T n,求T n的最小值.18.已知△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,若2cos C(a cos B+b cos A)=c(Ⅰ)求角C;(Ⅱ)若△ABC的中线CD的长为,求△ABC的面积的最大值.19.已知函数(Ⅰ)求函数f(x)的单调区间;(Ⅱ)若a>0,当x∈[-3,a]时,求函数f(x)的最大值.20.如图,在四棱锥P-ABCD中,四边形ABCD为直角梯形,△PAD为等边三角形,且侧面PAD与底面ABCD垂直,,AD=CD=2AB,E为PD的中点,(Ⅰ)证明:AE∥平面PBC;(Ⅱ)求二面角A-PB-C的余弦值.21.设圆x2+y2=1与x轴交于两点A,B,曲线C上的任意一点P都满足,O为坐标原点(Ⅰ)求曲线C的方程;(Ⅱ)若圆x2+y2=1的切线与曲线C交于两点M,N,求△OMN面积的最大值22.已知函数,(Ⅰ)过点(0,0)作函数f(x)图象的切线,求该切线方程;(Ⅱ)若函数g(x)有且只有两个零点,求实数a.答案和解析1.【答案】A【解析】解:∵=,∴复数对应的点的坐标为(),位于第一象限.故选:A.利用复数代数形式的乘除运算化简,求出复数所对应点的坐标得答案.本题考查复数代数形式的乘除运算,考查复数的代数表示法及其几何意义,是基础题.2.【答案】B【解析】解:A={x|0<x≤1};∴A∪B={x|0<x<2}.故选:B.可求出集合A,然后进行并集的运算即可.考查描述法的定义,对数函数的单调性和定义域,以及并集的运算.3.【答案】C【解析】【分析】本题考查命题的否定,特称命题与全称命题的否定关系,属基础题.直接利用全称命题的否定是特称命题写出结果即可.【解答】解:因为全称命题的否定是特称命题,所以:命题p:,则¬p为:.故选:C.4.【答案】B【解析】解:等差数列{a n}中,若(a1+a4+a7)+3a9=15,由于:a1+a7=2a4,所以:3a4+3a9=15,整理得:a4+a9=a1+a12=5,则:.故选:B.直接利用等差数列的性质和前n项和公式的应用求出结果.本题考查的知识要点:等差数列的性质的应用,主要考察学生的运算能力和转换能力,属于基础题型.5.【答案】A【解析】【分析】本题考查向量的坐标计算,涉及向量垂直与平行的判定,属于基础题.根据题意,由向量数量积的性质可得若,则•=2+x(x-3)=0,即x2-3x+2=0,由向量平行的判断方法可得若,则1×4=x2,联立两个式子分析可得x的值,即可得答案.【解答】解:根据题意,向量,=(2,x-3),,若,则•=2+x(x-3)=0,即x2-3x+2=0,①若,则1×4=x2,②,联立①②可得:x=2,故选:A.6.【答案】B【解析】解:因为c<b<a且ac<0,所以a>0,c<0,∴ab-ac=a(b-c)>0,故①正确;c(b-a)>0,故②正确;cb-ab=b(c-a)的符号不确定,③不正确;当b<0时,由c<b可得>,④不正确;故选:B.因为c<b<a且ac<0,所以a>0,c<0,根据不等式的性质作差比较可得①②正确,b的符号不确定可得③④不正确.本题考查了不等式的基本性质,属基础题.7.【答案】A【解析】【分析】本题考查线面角的正弦值的求法,考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识,考查运算求解能力,是中档题.以B为原点,分别以BC,BA,BB1所在直线为x,y,z轴,建立空间直角坐标系,利用向量法能求出直线DE与平面BB1C1C所成的角的正弦值.【解答】解:∵在直三棱柱ABC-A1B1C1中,且,,BC=2,∴AB2+BC2=AC2,即AB⊥BC,又BB1⊥平面ABC,所以以B为原点,分别以BC,BA,BB1所在直线为x,y,z轴,建立空间直角坐标系,∵D,E分别是AC1,BB1的中点,设AA1=t,∴A(0,,0),C1(2,0,t),D(1,,),E(0,0,),=(-1,-,0),取平面BB1C1C的法向量=(0,1,0),设直线DE与平面BB1C1C所成的角为θ,则sinθ=|cos<>|===.∴直线DE与平面BB1C1C所成的角的正弦值为.故选A.8.【答案】C【解析】【分析】本题主要考查了三角函数的图象和性质,三角函数图象的平移,考查了逻辑推理能力和运算求解能力,属于中档题.根据题意得到函数g(x)的解析式,利用正弦函数的图象和性质即可求解.【解答】解:将函数的图象向右平移个单位长度,得到函数y=g(x)=sin[2(x-)-]=sin(2x-),对于A,g()=sin(2×-)≠±1,不是最值点,错误;对于B,g()=sin(2×-)≠0,错误;对于C,x∈,2x-∈[-π,],可得g(x)max=g()=sin=,故正确;对于D,令2kπ+≤2x-≤2kπ+,k∈Z,解得:kπ+≤x≤kπ+,k∈Z,可得函数g(x)的单调递减区间为:[kπ+,kπ+],k∈Z,故错误.故选C.9.【答案】C【解析】解:a>0,b>0,且ab=2a+b,∴1=+,∴a+2b=(a+2b)(+)=1+4++≥5+2=9,当且仅当a=b=3时取“=”;若a+2b≥m2-8m恒成立,则9≥m2-8m,即m2-8m-9≤0,解得-1≤m≤9,∴实数m的取值范围是[-1,9].故选:C.由题意化ab=2a+b为1=+,利用基本不等式求出a+2b的最小值,再解关于m的一元二次不等式即可.本题考查了基本不等式与不等式恒成立应用问题,是基础题.10.【答案】A【解析】解:依题意,数列{a n}是等比数列,所以16a52=a2a6=,所以q2=,又因为数列{a n}为正项等比数列,所以q=,所以a n==2•43-n=27-2n,令a n>1,即27-2n>1,得n<,因为n∈N*,所以n≤3,要使数列{a n}的前n项积T n中T3最大,故选:A.根据a3=2,16a52=a2a6,求出数列{a n}的通项公式,计算出T n的表达式,讨论其指数的最值即可.本题考查了等比数列的性质、通项公式、前n项积的最大值等.属于中档题.11.【答案】B【解析】【分析】本题考查的知识点是归纳推理,其中根据已知平面直角坐标系的格点的规则,找出表上数字标签所示的规律,是解答的关键.考查学生的观察能力.根据条件寻找规律,归纳出其中奇数平方坐标的位置出现的规律,即可得到答案.【解答】解:观察已知中点(1,0)处标1,即12,点(2,1)处标9,即32,点(3,2)处标25,即52,…由此推断点(n+1,n)处标(2n+1)2,当2n+1=2019时,n=1009,故标签20192的格点的坐标为(1010,1009),故选B.12.【答案】B【解析】解:函数f(x)=2|x|-x2为偶函数,且f(x)的最大值为1,作出f(x)的图象;由g(x)=的导数为g′(x)=,可得x>-1时,g(x)递增,x<-2或-2<x<-1时,g(x)递减,x=-1取得极小值,作出g(x)的图象,函数h(x)=f[g(x)]-k的零点个数,即为f[g(x)]=k的解的个数,可令t=g(x),k=f(t),若k∈(0,-),则k=f(t)有4解,两个负的,两个正的(一个介于(0,),一个大于1),则t=g(x)有4解,符合题意.故选:B.分别讨论函数f(x),g(x)的性质和画出图象,函数h(x)=f[g(x)]-k的零点的个数,即为f[g(x)]=k的解的个数,可令t=g(x),k=f(t),通过图象观察,分析即可得到结论.本题考查复合函数的图象交点问题,以及函数的零点个数,考查数形结合思想方法,以及分类讨论思想方法,属于中档题.13.【答案】-6【解析】【分析】本题考查了简单的线性规划应用问题,也考查了数形结合解题方法,是基础题.画出约束条件表示的平面区域,结合图象求出最优解,再计算目标函数的最小值.【解答】解:画出变量x,y满足约束条件表示的平面区域,如图所示;结合图象知目标函数z=x-2y过点C时,z取得最小值,由,解得C(-2,2),所以z的最小值为z=-2-2×2=-6.故答案为:-6.14.【答案】3【解析】解:依题意,向量,所以==,向量在方向上的投影为,即=,所以=5.2=|-|=,即4=,所以=4+2×5-5=9,所以=3.故填:3.向量,所以==,向量在方向上的投影为,即=,所以=5.2=|-|=,两边平方,解出即可.此题考查了平面向量模的坐标表示、向量数量积的几何意义,平面向量的性质.本题属于中档题.15.【答案】[]【解析】【分析】先判断函数f(x)的奇偶性、单调性,然后利用这些性质转化不等式.本题考查利用单调性求解函数不等式,属于中档题目.【解答】解:=-f(x),所以f(x)为奇函数,,所以f(x)为增函数;由f(a-3)+f(2a2)≤0可知f(2a2)≤-f(a-3)=f(3-a),即2a2≤3-a,解之得.故答案为.16.【答案】【解析】【分析】本题考查了棱锥与外接球的关系,是较难题.设菱形中心为E,则△BCD为等边三角形,利用球的对称性以及等边三角形的性质和勾股定理求出球的半径,则答案可求.【解答】解:∵四边形ABCD是菱形,A=60°,∴△BCD是等边三角形,过球心O作OO'⊥平面BCD,则O'为等边三角形BCD的中心,设AC,BD交于点E,则∠PEA=60°,∵AB=2,∴CE=,∴EO'=,CO'=,过点P作PH⊥AC于H,,设外接球半径为R,,则,,解得,∴三棱锥P-BCD的外接球的表面积为S=.故答案为:.17.【答案】解:(Ⅰ)等差数列{a n}的公差设为d,前n项和为S n,且a1=3,S3=15.可得3×3+3d=15,解得d=2,则a n=3+2(n-1)=2n+1;(Ⅱ)S n=n(3+2n+1)=n(n+2),==(-),T n=(1-+-+…+-+-)=(--),由T n=(--)为N*上的增函数,可得T n的最小值为T1=.【解析】(Ⅰ)等差数列{a n}的公差设为d,运用等差数列的通项公式和求和公式,即可得到所求;(Ⅱ)求得S n=n(n+2),==(-),再由数列的裂项相消求和和数列的单调性,可得所求最小值.本题考查等差数列的通项公式和求和公式的运用,考查数列的裂项相消求和,以及方程思想和运算能力,属于基础题.18.【答案】解:(Ⅰ)∵2cos C(a cos B+b cos A)=c,∴由正弦定理可得:2cos C(sin A cos B+sin B cos A)=sin C,可得:2cos C sinC=sin C,∵C∈(0,π),sin C>0,∴解得cos C=,可得:C=.(Ⅱ)∵∠ADC=π-∠BDC,可得:cos∠ADC=-cos∠BDC,∴由余弦定理可得:=-,解得:c2=2(a2+b2)-12,又由C=,利用余弦定理可得:c2=a2+b2-ab,∴2(a2+b2)-12=a2+b2-ab,整理可得:a2+b2=12-ab≥2ab,即:ab≤4,当且仅当a=b=2时等号成立,∴S△ABC=ab sin C≤=,当且仅当a=b=2时等号成立,即△ABC的面积的最大值为.【解析】本题主要考查了正弦定理,两角和的正弦函数公式,余弦定理,基本不等式,三角形的面积公式在解三角形中的综合应用,考查了计算能力和转化思想,属于中档题.(Ⅰ)由正弦定理,两角和的正弦函数公式化简已知等式可得cos C=,结合C的范围可得C的值.(Ⅱ)由cos∠ADC=-cos∠BDC,利用余弦定理解得:c2=2(a2+b2)-12,又由C=,利用余弦定理可得:c2=a2+b2-ab,联立结合基本不等式可求ab≤4,利用三角形的面积公式即可计算得解.19.【答案】解:(Ⅰ)函数的导数f′(x)=x2+2x,令f′(x)≥0⇒x≥0或≤-2,∴函数f(x)的单调增区间为(0,+∞),(-∞,-2);单调减区间为(-2,0);(Ⅱ)由(Ⅰ)可得函数f(x)的图象如下(a>0).可得f(-2)=f(1),∴当a∈(0,1]时,f(x)max=f(-2)=.当a∈(1,+∞)时,f(x)max=f(a)=+a2+a.【解析】(Ⅰ)求得函数的导数f′(x)=x2+2x,利用导数与单调性关系求解.(Ⅱ)由(Ⅰ)可得函数f(x)的图象,又可得f(-2)=f(1),分当a∈(0,1]与a∈(1,+∞)讨论即可.本题考查了利用导数求函数的单调性及最值.属于中档题.20.【答案】解:(Ⅰ)证明:取AD的中点O,以O为原点,建立坐标系如图,不妨设AB=1,则A(1,0,0),B(1,1,0),C(-1,2,0),P(0,0,),E(-,0,),∴,,,设是平面PBC的法向量,则,∴,取x=1,可得=(1,2,),∵==0,∴,又AE⊄平面PBC,∴AE∥平面PBC;(Ⅱ)设是平面APB的法向量,由(1)知,,则,∴,取,设二面角A=PB-C的平面角为θ,cosθ=||==.故二面角A-PB-C的余弦值为.【解析】(Ⅰ)以AD的中点O为原点建立空间坐标系,找到平面PBC的法向量,计算=0,即,得证;(Ⅱ)找到平面APB的法向量,由二面角的余弦公式可得解.此题考查了利用空间向量研究线面平行,求解二面角等,难度适中.21.【答案】解:(Ⅰ)设A(-1,0),B(1,0),∵>|AB|,∴P的轨迹是以A,B为焦点的椭圆,其中c=1,a=,则b2=1,C的方程为+y2=1(Ⅱ)由已知△OMN的面积S=|MN|×1=|MN|,当直线MN的斜率不存在时,|MN|=,则三角形OMN的面积S=,当斜率存在时,设为k,则MN:y=kx+m(k≠0),M(x1,y1),N(x2,y2),联立方程组消去y得(1+2k2)x2+4kmx+2m2-2=0,由判别式△=16k2m2-4(1+2k2)(2m2-2)>0得2k2-m2+1>0,由直线MN与圆相切得=1,即m2=k2+1,代入2k2-m2+1>0得k2>0,则x1+x2=-,x1x2=,则|MN|=•=•=2•=•==,∵k2>0,∴0<<1,∴,0<<,则0<|MN|<,综上可知当直线MN与x轴垂直时,△OMN的面积最大,最大值为.【解析】(Ⅰ)求出A,B的坐标,结合椭圆的定义得到P的轨迹是以A,B为焦点的椭圆,进行求解即可(Ⅱ)结合三角形的面积公式,得到S=|MN|×1=|MN|,讨论直线MN的斜率是否成立,联立方程组,利用设而不求思想进行转化求解即可.本题主要考查轨迹方程的求解,结合椭圆的定义,利用定义法先求出轨迹方程,然后利用设而不求思想联立方程组进行转化求解是解决本题的关键.综合性较强,运算量较大.22.【答案】解:(Ⅰ)设切点为(m,n),可得n=,函数的导数为f′(x)=,可得切线的斜率为==,解得m=0或-1,即切线的斜率为2或e,可得切线的方程为y=2x或y=ex;(Ⅱ)若函数g(x)有且只有两个零点,即为e x=a(x+),即=有两个实根,函数的导数为f′(x)=,可得-<x<时,f(x)递增;x>或x<-时,f(x)递减,且f(-)=(2-2)e为极小值,f()=为极大值,作出f(x)的图象,由图象可得=,解得a=e(-1),或(2-2)e<<0,解得a<-(+1)e,可得实数a的范围是a=e(-1)或a<-(+1)e.【解析】(Ⅰ)设切点为(m,n),求得f(x)的导数,可得切线的斜率,由两点的斜率公式,解方程可得m,即有切线方程;(Ⅱ)若函数g(x)有且只有两个零点,即为e x=a(x+),即=有两个实根,考虑f(x)的图象,结合图象可得a的范围.本题考查导数的运用:求切线方程和单调性、极值,考查方程思想和转化思想,以及数形结合思想,属于综合题.。
2021长春普通高中高三质量监测(三模)理数答案

(2 2 m)2 (2 2 2)2 y1 y2 n(2 2 2)[2ty1 y2 ( 2 2)( y1 y2)] n2 t 2 y1y2 ( 2 2)t ( y1 y2 ) ( 2 2)2
联立椭圆 x2 y2 1和直线 PQ 的方程为 x ty 2 , 42
可得 (ty 2)2 2 y2 4 0 ,
二、填空题(本大题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分)
13. 6
14. n N,1 3 5 2n 1 n 2
15. 5
16. 2 , 3 32
13.【试题解析】6
(x 1)n 的展开式中, x2 的系数为 15, Cn2 15 n 6
14.【试题解析】 n N,1 3 5 2n 1 n 2
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21. (本小题满分 12 分)
【试题解析】解:(Ⅰ)证明:
f
(x)
1 x
1 x2
=
x 1 x2
,令
f
(x)
0 ,可得
x
1,
即 fmin f (1) 1 ,即 f (x) ≥1 .
g(x) ex x2 , g(x) ex 2x ,令 p(x) g(x) ,则 p(x) ex 2 ,
因此 an (k 1)n1k
(k
1) 2 k
an
1
(k 1)2 k
(k 1) n1k
1 (k
1) n1 1
Sn 1 .
(12 分)
数学(理科)试题参考答案及评分标准 第 4页(共 7页) 公众号“高中僧试卷”,每天都有最新模拟卷
20. (本小题满分 12 分)
【试题解析】解:(Ⅰ)
x2 2
(2 2 m)2 (2 2 2) y1 (2 2 2) y2 n( (2 2 2) y1 (2 2 2) y2 ) n2 ty1 2 2 ty2 2 2 ty1 2 2 ty2 2 2
长春三模理科数学答案

长春市普通高中2018届高三质量监测<三)数学(理科>参考答案及评分参考说明:一、本解答给出了一种或几种解法供参考,如果考生的解法与本解答不同,可根据试卷的主要考查内容比照评分标准制订相应的评分细则. b5E2RGbCAP二、对解答题,当考生的解答在某一步出现错误时,如果后继部分的解答未改变该题的内容和难度,可视影响的程度决定后继部分的给分,但不得超过该部分正确解答应得分数的一半;如果后继部分的解答有较严重的错误,就不再给分. p1EanqFDPw三、解答右端所注分数,表示考生正确做到这一步应得的累加分数.四、只给整数分数,选择题和填空题不给中间分.一、选择题(本大题包括12小题,每小题5分,共60分>1. C2. A3. B4. C5. B6. C7.D8. C9. B10. A11. A12. D.简答与提示:1.【命题意图】本小题主要考查集合的计算,是一道常规问题.【试卷解读】C∵,∴,故选C.2.【命题意图】本小题主要考查复数的基本运算,特别是复数的除法和平方运算,对考生的运算求解能力有一定要求.DXDiTa9E3d【试卷解读】A∵,∴,故选A.3.【命题意图】本小题主要考查平面向量的的位置关系以及平面向量的数量积运算,特别突出对平面向量运算律的考查,另外本题也对考生的分析判断能力进行考查.RTCrpUDGiT【试卷解读】B∵,∴,∴,∵,∴,∴向量与向量的夹角为,故选B.4.【命题意图】本小题主要考查余弦定理在解三角形中的应用,以及三角形面积的求法,对学生的推理论证能力和数形结合思想提出一定要求.5PCzVD7HxA【试卷解读】C∵,∴,∴,又,∴的面积为,故选C.5.【命题意图】本小题通过一次函数的单调性和系数的关系,考查古典概型的理解和应用,是一道综合创新题.【试卷解读】B∵为增函数,∴>0,又,∴,又,∴函数为增函数的概率是,故选B.6.【命题意图】本小题主要通过程序框图的理解考查学生的逻辑推理能力,同时考查学生对算法思想的理解与剖析.【试卷解读】C∵,因此应选择时满足,而时不满足的条件∴,故选C.7.【命题意图】本小题主要考查立体几何中的三视图问题,并且对考生的空间想象能力及利用三视图还原几何体的能力进行考查,同时考查简单几何体的体积公式.jLBHrnAILg【试卷解读】D由三视图可知,该多面体是一个四棱锥,且由一个顶点出发的三条侧棱两两垂直,长度都为4,∴其体积为,故选D. xHAQX74J0X8.【命题意图】本小题主要考查二元一次不等式组所表示的可行域的获取以及目标函数的几何意义,是线性规划的一种简单应用,对学生的数形结合思想提出一定要求.LDAYtRyKfE【试卷解读】C根据线性规划的方法可求得最优解为点,此时的值等于14,故选C.9.【命题意图】本小题主要考查抛物线的定义与基本性质及过焦点的弦的性质. 本题不但对考生的运算求解能力、推理论证能力有较高要求,而且对考生的化归与转化的数学思想也有较高要求.Zzz6ZB2Ltk【试卷解读】B,∵,且,∴,解得,故选B.10.【命题意图】本小题通过函数的运算与不等式的比较,另外也可以利用函数在定义域内的变化率、函数图像的基本形式来获得答案,本题对学生的运算求解能力和数形结合思想提出一定要求.dvzfvkwMI1【试卷解读】A(i>在上,四个函数都满足;(ii>;对于①,,满足;对于②,,不满足.对于③,而,∴,∴,∴,∴,满足;对于④,,满足;故选A.11.【命题意图】本小题主要考查过曲线外一点作曲线切线的基本方法,结合双曲线的标准方程与离心率,对考生的运算求解能力和推理论证能力提出较高要求.rqyn14ZNXI【试卷解读】A设,∴切线的斜率为,又∵在点处的切线过双曲线左焦点,∴,解得,∴,因此,故双曲线的离心率是,故选A;12.【命题意图】本小题主要考查基本不等式的应用,以及利用导数求取函数最值的基本方法,本题作为选择的压轴题,属于较难题,对学生的运算求解能力和推理论证能力提出一定要求.EmxvxOtOco【试卷解读】D因为,再由可有,令,则,可得,且在上,在上,故的最小值为,于是即,故选D.二、填空题(本大题包括4小题,每小题5分,共20分>13. 14. 15. 16.简答与提示:13.【命题意图】本小题主要考查辅助角公式的应用以及三角函数单调区间的求取,属于基本试卷.【试卷解读】∵,∴函数的增区间为,又,∴增区间为. 14.【命题意图】本小题是二项式定理的简单应用,求取二项展开式中某项的系数是考生的一项基本技能.【试卷解读】∵的通项为,令,∴,故展开式中常数项为;15.【命题意图】本小题主要考偶函数的性质以及函数图像的平移变换等,同时对考生的数形结合思想.【试卷解读】由已知或,∴解集是.16.【命题意图】本小题通过对球的内接几何体的特征考查三角函数的计算,对考生的空间想象能力与运算求解能力以及数形结合思想都提出很高要求,本题是一道综合题,属于较难题. SixE2yXPq5【试卷解读】如图,右侧为该球过SA 和球心的截面,由于三角形ABC 为正三角形,所以D为BC中点,且,故. 设,则点P 为三角形ABC 的重心,且点P 在AD上,∴,因此三、解答题17. (本小题满分12分>【命题意图】本小题主要考查有关于数列的基础知识,其中包括数列基本量的求取,数列前项和的求取,以及利用放缩法解决数列不等式问题,虽存在着一定的难度,但是与高考考查目标相配合,属于一道中档题,对考生的运算求解能力,化归与转化能力提出一定要求.6ewMyirQFL 【试卷解读】解:<1)当时,,,从而构成以1为首项,2为公差的等差数列.(6分><2)由<1)可知,,当时,从而.(12分>18. 【命题意图】本小题主要考查立体几何的相关知识,具体涉及到线面的平行关系、线面角的求法及空间向量在立体几何中的应用. 本小题对考生的空间想象能力与运算求解能力有较高要求.kavU42VRUs 【试卷解读】解:<1)证明:作FM ∥CD 交PC 于M. ∵点F 为PD 中点,∴.∴,∴AEMF 为平行四边形,∴AF ∥EM ,∵, ∴直线AF 平面PEC. (6分> <2),如图所示,建立坐标系,则 P(0,0,1>,C(0,1,0>, E(,0,0>,A(,,0>,∴,.设平面PAB 的一个法向量为. ∵,,∴,取,则,∴平面PAB 的一个法向量为.∵,∴设向量,∴,∴PC 平面PAB 所成角的正弦值为.(12分>y6v3ALoS8919.【命题意图】本小题主要考查统计与概率的相关知识,其中包括方差的求法、基本概率的应用以及离散型随机变量的数学期望的求法. 本题主要考查学生的数据处理能力.M2ub6vSTnP 【试卷解读】解:<1)两个班数据的平均值都为7,MFBACD P FE BACDyz xP甲班的方差,乙班的方差,因为,甲班的方差较小,所以甲班的成绩比较稳定.4分<2)可能取0,1,2,,,所以6分数学期望8分可能取0,1,2,,,所以10分数学期望.12分20.【命题意图】本小题主要考查直线与圆锥曲线的综合应用能力,具体涉及到椭圆标准方程的求取,直线与圆锥曲线的相关知识以及圆锥曲线中最值的求取. 本小题对考生的化归与转化思想、运算求解能力都有很高要求.0YujCfmUCw【试卷解读】解:<1),,,椭圆方程为. 2分<2)法一:椭圆:,当时,,故,当时,. 4分切线方程为,,. 6分同理可证,时,切线方程也为.当时,切线方程为满足.综上,过椭圆上一点的切线方程为. 7分法二:. 当斜率存在时,设切线方程为,联立方程:可得,化简可得:,①由题可得:, 4分化简可得:,①式只有一个根,记作,,为切点的横坐标,切点的纵坐标,所以,所以,所以切线方程为:,化简得:. 6分当切线斜率不存在时,切线为,也符合方程,综上:在点处的切线方程为. 7分<3)设点为圆上一点,是椭圆的切线,切点,过点的椭圆的切线为,过点的椭圆的切线为.两切线都过点,.切点弦所在直线方程为. 9分,,.当且仅当,即时取等,,的最小值为. 12分21.【命题意图】本小题主要考查函数与导数的综合应用能力,具体涉及到用导数来描述函数的单调性等情况. 本小题主要考查考生分类讨论思想的应用,对考生的逻辑推理能力与运算求解有较高要求.eUts8ZQVRd【试卷解读】解:<1),所以,即. 又,所以,所以.4分<2),.5分①当时,,函数在上单调递增;6分②当时,由得,∴时,,单调递减;时,,单调递增.综上,当时,函数的单调递增区间为;当时,函数的单调递增区间为,单调递减区间为. 8分<3)解:设,,在上为减函数,又,当时,,当时,.,,在上为增函数,又,时,,在上为增函数,.①当时,,设,则,在上为减函数,,,,,比更靠近.②当时,,设,则,,在时为减函数,,在时为减函数,,,比更靠近.综上:在时,比更靠近.12分22.【命题意图】本小题主要考查平面几何的证明,具体涉及到圆的切线的性质,三角形相似等内容. 本小题重点考查考生对平面几何推理能力.sQsAEJkW5T【试卷解读】解:(1>连接是圆的两条切线,,又为直径,,.5分(2>由,,∽,,.10分23.【命题意图】本小题主要考查极坐标系与参数方程的相关知识,具体涉及到极坐标方程与平面直角坐标方程的互化、平面内直线与曲线的位置关系等内容. 本小题考查考生的方程思想与数形结合思想,对运算求解能力有一定要求.GMsIasNXkA【试卷解读】解:<1)圆的参数方程为<为参数)所以普通方程为.2分圆的极坐标方程:. 5分<2)点到直线:的距离为7分的面积所以面积的最大值为10分24.【命题意图】本小题主要考查不等式证明的相关知识,具体涉及到利用比较法等证明方法. 本小题重点考查考生的逻辑思维能力与推理论证能力.TIrRGchYzg【试卷解读】解:<1)证明:.因为都是正数,所以.又因为,所以.于是,即所以;5分<2)证明:因为,所以.①同理.②.③①②③相加得7EqZcWLZNX从而.由都是正数,得,因此.10分申明:所有资料为本人收集整理,仅限个人学习使用,勿做商业用途。
吉林省长春市名校调研系列卷(市命题)2024届中考三模数学试题含解析

吉林省长春市名校调研系列卷(市命题)2024届中考三模数学试题注意事项1.考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回.2.答题前,请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.4.作答选择题,必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑;如需改动,请用橡皮擦干净后,再选涂其他答案.作答非选择题,必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答,在其他位置作答一律无效.5.如需作图,须用2B铅笔绘、写清楚,线条、符号等须加黑、加粗.一、选择题(本大题共12个小题,每小题4分,共48分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)1.我国古代数学家刘徽用“牟合方盖”找到了球体体积的计算方法.“牟合方盖”是由两个圆柱分别从纵横两个方向嵌入一个正方体时两圆柱公共部分形成的几何体.如图所示的几何体是可以形成“牟合方盖”的一种模型,它的俯视图是()A.B.C.D.2.一个正方体的平面展开图如图所示,将它折成正方体后“建”字对面是()A.和B.谐C.凉D.山3.下列运算不正确的是A.B.C.D.4.下列图形中,是中心对称图形但不是轴对称图形的是()A.B.C.D.5.已知O为圆锥的顶点,M为圆锥底面上一点,点P在OM上.一只蜗牛从P点出发,绕圆锥侧面爬行,回到P点时所爬过的最短路线的痕迹如图所示.若沿OM将圆锥侧面剪开并展开,所得侧面展开图是()A .B .C .D .6.如图,在平面直角坐标系中,把△ABC 绕原点O 旋转180°得到△CDA ,点A ,B ,C 的坐标分别为(﹣5,2),(﹣2,﹣2),(5,﹣2),则点D 的坐标为( )A .(2,2)B .(2,﹣2)C .(2,5)D .(﹣2,5)7.下列运算中,正确的是 ( )A .x 2+5x 2=6x 4B .x 326·x x =C .236()x x =D .33()xy xy =8.如图,在Rt ABC ∆中,90ACB ∠=︒,3tan 3CAB ∠=,3AB =,点D 在以斜边AB 为直径的半圆上,点M 是CD 的三等分点,当点D 沿着半圆,从点A 运动到点B 时,点M 运动的路径长为( )A .π或2πB .2π或3π C .3π或π D .4π或3πA .()2y x 12=-+B .()2y x 12=++C .2y x 1=+D .2y x 3=+ 10.实数﹣5.22的绝对值是( )A .5.22B .﹣5.22C .±5.22D . 5.22 11.如下图所示,该几何体的俯视图是 ( )A .B .C .D .12.若一元二次方程x 2﹣2kx+k 2=0的一根为x =﹣1,则k 的值为( )A .﹣1B .0C .1或﹣1D .2或0二、填空题:(本大题共6个小题,每小题4分,共24分.)13.如图,数轴上不同三点、、A B C 对应的数分别为a b c 、、,其中4, 3,||||a =AB =b =c -,则点C 表示的数是__________.14.二次函数y =ax 2+bx+c 的图象如图所示,以下结论:①abc >0;②4ac <b 2;③2a+b >0;④其顶点坐标为(12,﹣2);⑤当x <12时,y 随x 的增大而减小;⑥a+b+c >0中,正确的有______.(只填序号)15.如图,平行线AB 、CD 被直线EF 所截,若∠2=130°,则∠1=_____.16.一组数:2,1,3,x ,7,y ,23,…,满足“从第三个数起,前两个数依次为a 、b ,紧随其后的数就是2a b -”,例如这组数中的第三个数“3”是由“221⨯-”得到的,那么这组数中y 表示的数为______.位,得到点A 2 ,则点A 2 的坐标是_________.18.如图,⊙O 中,弦AB 、CD 相交于点P ,若∠A =30°,∠APD =70°,则∠B 等于_____.三、解答题:(本大题共9个小题,共78分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.19.(6分)如图所示是一幢住房的主视图,已知:120BAC ∠=︒,房子前后坡度相等,4AB =米,6AC =米,设后房檐B 到地面的高度为a 米,前房檐C 到地面的高度b 米,求-a b 的值.20.(6分)校车安全是近几年社会关注的重大问题,安全隐患主要是超速和超载.某中学数学活动小组设计了如下检测公路上行驶的汽车速度的实验:先在公路旁边选取一点C ,再在笔直的车道l 上确定点D ,使CD 与l 垂直,测得CD 的长等于21米,在l 上点D 的同侧取点A 、B ,使∠CAD=30︒,∠CBD=60︒.求AB 的长(精确到0.1米,参考数据:3 1.732 1.41≈≈,);已知本路段对校车限速为40千米/小时,若测得某辆校车从A 到B 用时2秒,这辆校车是否超速?说明理由.21.(6分)如图所示,在长和宽分别是a 、b 的矩形纸片的四个角都剪去一个边长为x 的正方形.(2)当a=6,b=4,且剪去部分的面积等于剩余部分的面积时,求正方形的边长.22.(8分)如图,在等腰直角△ABC 中,∠C 是直角,点A 在直线MN 上,过点C 作CE ⊥MN 于点E ,过点B 作BF ⊥MN 于点F .(1)如图1,当C ,B 两点均在直线MN 的上方时,①直接写出线段AE ,BF 与CE 的数量关系.②猜测线段AF ,BF 与CE 的数量关系,不必写出证明过程.(2)将等腰直角△ABC 绕着点A 顺时针旋转至图2位置时,线段AF ,BF 与CE 又有怎样的数量关系,请写出你的猜想,并写出证明过程.(3)将等腰直角△ABC 绕着点A 继续旋转至图3位置时,BF 与AC 交于点G ,若AF=3,BF=7,直接写出FG 的长度.23.(8分)计算﹣14﹣23116()|3|2÷-+-24.(10分)已知圆O 的半径长为2,点A 、B 、C 为圆O 上三点,弦BC=AO ,点D 为BC 的中点,(1)如图,连接AC 、OD ,设∠OAC=α,请用α表示∠AOD ;(2)如图,当点B 为AC 的中点时,求点A 、D 之间的距离:25.(10分)解不等式组11232x x --≤,并将它的解集在数轴上表示出来.26.(12分)如图,在ABC △中,以AB 为直径的⊙O 交AC 于点D ,过点D 作DE BC ⊥于点E ,且BDE A ∠=∠.(1)判断DE 与⊙O 的位置关系并说明理由;(2)若16AC =,3tan 4A =,求⊙O 的半径.27.(12分)已知P 是O 的直径BA 延长线上的一个动点,∠P 的另一边交O 于点C 、D ,两点位于AB 的上方,AB =6,OP=m ,1sin 3P =,如图所示.另一个半径为6的1O 经过点C 、D ,圆心距1OO n =. (1)当m=6时,求线段CD 的长;(2)设圆心O 1在直线AB 上方,试用n 的代数式表示m ;(3)△POO 1在点P 的运动过程中,是否能成为以OO 1为腰的等腰三角形,如果能,试求出此时n 的值;如果不能,请说明理由.参考答案一、选择题(本大题共12个小题,每小题4分,共48分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.) 1、A【解题分析】根据俯视图即从物体的上面观察得得到的视图,进而得出答案.【题目详解】该几何体的俯视图是:.故选A.【题目点拨】此题主要考查了几何体的三视图;掌握俯视图是从几何体上面看得到的平面图形是解决本题的关键.2、D【解题分析】分析:本题考查了正方体的平面展开图,对于正方体的平面展开图中相对的面一定相隔一个小正方形,据此作答.详解:对于正方体的平面展开图中相对的面一定相隔一个小正方形,由图形可知,与“建”字相对的字是“山”.故选:D.点睛:注意正方体的空间图形,从相对面入手,分析及解答问题.3、B【解题分析】,B是错的,A、C、D运算是正确的,故选B4、B【解题分析】根据轴对称图形与中心对称图形的概念判断即可.【题目详解】解:A、是轴对称图形,也是中心对称图形,故错误;B、是中心对称图形,不是轴对称图形,故正确;C、是轴对称图形,也是中心对称图形,故错误;D、是轴对称图形,也是中心对称图形,故错误.故选B.【题目点拨】本题考查的是中心对称图形与轴对称图形的概念.轴对称图形的关键是寻找对称轴,图形两部分折叠后可重合,中心对称图形是要寻找对称中心,旋转180度后两部分重合.5、D【解题分析】此题运用圆锥的性质,同时此题为数学知识的应用,由题意蜗牛从P 点出发,绕圆锥侧面爬行,回到P 点时所爬过的最短,就用到两点间线段最短定理.【题目详解】解:蜗牛绕圆锥侧面爬行的最短路线应该是一条线段,因此选项A 和B 错误,又因为蜗牛从p 点出发,绕圆锥侧面爬行后,又回到起始点P 处,那么如果将选项C 、D 的圆锥侧面展开图还原成圆锥后,位于母线OM 上的点P 应该能够与母线OM′上的点(P′)重合,而选项C 还原后两个点不能够重合. 故选D .点评:本题考核立意相对较新,考核了学生的空间想象能力.6、A【解题分析】分析:依据四边形ABCD 是平行四边形,即可得到BD 经过点O ,依据B 的坐标为(﹣2,﹣2),即可得出D 的坐标为(2,2).详解:∵点A ,C 的坐标分别为(﹣5,2),(5,﹣2),∴点O 是AC 的中点,∵AB=CD ,AD=BC ,∴四边形ABCD 是平行四边形,∴BD 经过点O ,∵B 的坐标为(﹣2,﹣2),∴D 的坐标为(2,2),故选A .点睛:本题主要考查了坐标与图形变化,图形或点旋转之后要结合旋转的角度和图形的特殊性质来求出旋转后的点的坐标.7、C【解题分析】分析:直接利用积的乘方运算法则及合并同类项和同底数幂的乘除运算法则分别分析得出结果.详解:A. x 2+5x 2=2466x x ≠ ,本项错误;B.3256x x x x ⋅=≠ ,本项错误;C.236()x x = ,正确;D.3333()xy x y xy =≠,本项错误.故选C.点睛:本题主要考查了积的乘方运算及合并同类项和同底数幂的乘除运算,解答本题的关键是正确掌握运算法则. 8、A【解题分析】根据平行线的性质及圆周角定理的推论得出点M 的轨迹是以EF 为直径的半圆,进而求出半径即可得出答案,注意分两种情况讨论.【题目详解】当点D 与B 重合时,M 与F 重合,当点D 与A 重合时,M 与E 重合,连接BD ,FM ,AD ,EM , ∵2,33CF CM CE EF AB BC CD CA AB ===== ∴//,//,2FM BD EM AD EF =,FMC BDC CME CDA ∴∠=∠∠=∠∵AB 是直径90BDA ∴∠=︒即90BDC CDA ∠+∠=︒∴90FMC CME ∠+∠=︒∴点M 的轨迹是以EF 为直径的半圆,∵2EF =∴以EF 为直径的圆的半径为1∴点M 运动的路径长为1801=180ππ 当1'3CM CD = 时,同理可得点M 运动的路径长为12π 故选:A .【题目点拨】本题主要考查动点的运动轨迹,掌握圆周角定理的推论,平行线的性质和弧长公式是解题的关键.9、C【解题分析】【题目详解】∵抛物线y=x2+2向下平移1个单位,∴抛物线的解析式为y=x2+2-1,即y=x2+1.故选C.10、A【解题分析】根据绝对值的性质进行解答即可.【题目详解】实数﹣5.1的绝对值是5.1.故选A.【题目点拨】本题考查的是实数的性质,熟知绝对值的性质是解答此题的关键.11、B【解题分析】根据俯视图是从上面看到的图形解答即可.【题目详解】从上面看是三个长方形,故B是该几何体的俯视图.故选B.【题目点拨】本题考查三视图的知识,解决此类图的关键是由三视图得到相应的立体图形.从正面看到的图是正视图,从上面看到的图形是俯视图,从左面看到的图形是左视图,能看到的线画实线,被遮挡的线画虚线.12、A【解题分析】把x=﹣1代入方程计算即可求出k的值.【题目详解】解:把x=﹣1代入方程得:1+2k+k2=0,解得:k=﹣1,故选:A.【题目点拨】此题考查了一元二次方程的解,方程的解即为能使方程左右两边相等的未知数的值.二、填空题:(本大题共6个小题,每小题4分,共24分.)13、1【解题分析】根据两点间的距离公式可求B点坐标,再根据绝对值的性质即可求解.【题目详解】∵数轴上不同三点A、B、C对应的数分别为a、b、c,a=-4,AB=3,∴b=3+(-4)=-1,∵|b|=|c|,∴c=1.故答案为1.【题目点拨】考查了实数与数轴,绝对值,关键是根据两点间的距离公式求得B点坐标.14、①②③⑤【解题分析】根据图象可判断①②③④⑤,由x=1时,y<0,可判断⑥【题目详解】由图象可得,a>0,c<0,b<0,△=b2﹣4ac>0,对称轴为x=1 , 2∴abc>0,4ac<b2,当12x<时,y随x的增大而减小.故①②⑤正确,∵11,22bxa=-=<∴2a+b>0,故③正确,由图象可得顶点纵坐标小于﹣2,则④错误,当x=1时,y=a+b+c<0,故⑥错误故答案为:①②③⑤【题目点拨】本题考查的是二次函数图象与系数的关系,二次函数y=ax2+bx+c系数符号由抛物线开口方向、对称轴、抛物线与y轴的交点抛物线与x轴交点的个数确定.15、50°【解题分析】利用平行线的性质推出∠EFC=∠2=130°,再根据邻补角的性质即可解决问题.∵AB ∥CD ,∴∠EFC=∠2=130°,∴∠1=180°-∠EFC=50°,故答案为50°【题目点拨】本题考查平行线的性质、邻补角的性质等知识,解题的关键是灵活运用所学知识解决问题,属于中考基础题.16、-9.【解题分析】根据题中给出的运算法则按照顺序求解即可.【题目详解】解:根据题意,得:2131x,2(1)79y .故答案为:-9.【题目点拨】本题考查了有理数的运算,理解题意、弄清题目给出的运算法则是正确解题的关键.17、(-1, -6)【解题分析】直接利用关于x 轴对称点的性质得出点A 1坐标,再利用平移的性质得出答案.【题目详解】∵点A 的坐标是(-1,2),作点A 关于x 轴的对称点,得到点A 1,∴A 1(-1,-2),∵将点A 1向下平移4个单位,得到点A 2,∴点A 2的坐标是:(-1,-6).故答案为:(-1, -6).【题目点拨】解决本题的关键是掌握好对称点的坐标规律:(1)关于x 轴对称的点,横坐标相同,纵坐标互为相反数;(2)关于y 轴对称的点,纵坐标相同,横坐标互为相反数;(3)关于原点对称的点,横坐标与纵坐标都互为相反数.18、40°【解题分析】由∠A =30°,∠APD =70°,利用三角形外角的性质,即可求得∠C 的度数,又由在同圆或等圆中,同弧或等弧所对的圆周角相等,即可求得∠B 的度数.解:∵∠A =30°,∠APD =70°,∴∠C =∠APD ﹣∠A =40°,∵∠B 与∠C 是AD 对的圆周角,∴∠B =∠C =40°.故答案为40°.【题目点拨】此题考查了圆周角定理与三角形外角的性质.此题难度不大,解题的关键是掌握在同圆或等圆中,同弧或等弧所对的圆周角相等定理的应用.三、解答题:(本大题共9个小题,共78分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.19、1a b -=【解题分析】过A 作一条水平线,分别过B ,C 两点作这条水平线的垂线,垂足分别为D ,E ,由后坡度AB 与前坡度AC 相等知∠BAD=∠CAE=30°,从而得出BD=2、CE=3,据此可得.【题目详解】解:过A 作一条水平线,分别过B ,C 两点作这条水平线的垂线,垂足分别为D ,E ,∵房子后坡度AB 与前坡度AC 相等,∴∠BAD=∠CAE ,∵∠BAC=120°,∴∠BAD=∠CAE=30°,在直角△ABD 中,AB=4米,∴BD=2米,在直角△ACE 中,AC=6米,∴CE=3米,∴a-b=1米.【题目点拨】本题考查了解直角三角形的应用-坡度坡角问题,解题的关键是根据题意构建直角三角形,并熟练掌握坡度坡角的概念.20、(1)24.2米(2) 超速,理由见解析【解题分析】(1)分别在Rt △ADC 与Rt △BDC 中,利用正切函数,即可求得AD 与BD 的长,从而求得AB 的长.(2)由从A 到B 用时2秒,即可求得这辆校车的速度,比较与40千米/小时的大小,即可确定这辆校车是否超速.【题目详解】解:(1)由題意得,在Rt △ADC 中,CD AD tan30︒==, 在Rt △BDC中,CD BD tan60===︒, ∴AB=AD -BD=14 1.73=24.2224.2-≈⨯≈(米). (2)∵汽车从A 到B 用时2秒,∴速度为24.2÷2=12.1(米/秒),∵12.1米/秒=43.56千米/小时,∴该车速度为43.56千米/小时.∵43.56千米/小时大于40千米/小时,∴此校车在AB 路段超速.21、(1)ab ﹣4x 1(1【解题分析】(1)边长为x 的正方形面积为x 1,矩形面积减去4个小正方形的面积即可.(1)依据剪去部分的面积等于剩余部分的面积,列方程求出x 的值即可.【题目详解】解:(1)ab ﹣4x 1.(1)依题意有:22ab 4x 4x -=,将a=6,b=4,代入上式,得x 1=2.解得x 1,x 1=.22、(1)①AE+BF =EC ;②AF+BF=2CE ;(2)AF ﹣BF=2CE ,证明见解析;(3)FG=65.【解题分析】(1)①只要证明△ACE ≌△BCD (AAS ),推出AE=BD ,CE=CD ,推出四边形CEFD 为正方形,即可解决问题; ②利用①中结论即可解决问题;(2)首先证明BF-AF=2CE .由AF=3,BF=7,推出CE=EF=2,AE=AF+EF=5,由FG ∥EC ,可知FG AF EC AE=,由此即可解决问题;【题目详解】解:(1)证明:①如图1,过点C 做CD ⊥BF ,交FB 的延长线于点D ,∵CE ⊥MN ,CD ⊥BF ,∴∠CEA=∠D=90°,∵CE ⊥MN ,CD ⊥BF ,BF ⊥MN ,∴四边形CEFD 为矩形,∴∠ECD=90°,又∵∠ACB=90°,∴∠ACB-∠ECB=∠ECD-∠ECB ,即∠ACE=∠BCD ,又∵△ABC 为等腰直角三角形,∴AC=BC ,在△ACE 和△BCD 中,90ACE BCD AEC BDC AC BC ∠∠⎧⎪∠∠︒⎨⎪⎩====,∴△ACE ≌△BCD (AAS ),∴AE=BD ,CE=CD ,又∵四边形CEFD 为矩形,∴四边形CEFD 为正方形,∴CE=EF=DF=CD ,∴AE+BF=DB+BF=DF=EC .②由①可知:AF+BF=AE+EF+BF=BD+EF+BF=DF+EF=2CE ,(2)AF-BF=2CE图2中,过点C 作CG ⊥BF ,交BF 延长线于点G ,∵AC=BC可得∠AEC=∠CGB ,∠ACE=∠BCG ,在△CBG 和△CAE 中,AEC CGB ACE BCG AC BC ∠∠⎧⎪∠∠⎨⎪⎩===,∴△CBG ≌△CAE (AAS ),∴AE=BG ,∵AF=AE+EF ,∴AF=BG+CE=BF+FG+CE=2CE+BF ,∴AF-BF=2CE ;(3)如图3,过点C 做CD ⊥BF ,交FB 的于点D ,∵AC=BC可得∠AEC=∠CDB ,∠ACE=∠BCD ,在△CBD 和△CAE 中,AEC CDB ACE BCD AC BC ∠∠⎧⎪∠∠⎨⎪⎩===,∴△CBD ≌△CAE (AAS ),∴AE=BD ,∵AF=AE-EF ,∴AF=BD-CE=BF-FD-CE=BF-2CE ,∴BF-AF=2CE .∵AF=3,BF=7,∴CE=EF=2,AE=AF+EF=5,∵FG ∥EC , ∴FG AF EC AE=, ∴325FG =, ∴FG=65. 【题目点拨】本题考查几何变换综合题、正方形的判定和性质、全等三角形的判定和性质、平行线分线段成比例定理、等腰直角三角形的性质等知识,解题的关键是学会添加常用辅助线,构造全等三角形解决问题.23、1【解题分析】直接利用绝对值的性质以及二次根式的性质分别化简得出答案.【题目详解】原式=﹣1﹣4÷14+27=﹣1﹣16+27=1.【题目点拨】本题考查了实数的运算,解题的关键是熟练掌握运算顺序.24、(1)1502AOD α∠=︒-;(2)AD =;(3)1122or 【解题分析】(1)连接OB 、OC ,可证△OBC 是等边三角形,根据垂径定理可得∠DOC 等于30°,OA=OC 可得∠ACO=∠CAO=α,利用三角形的内角和定理即可表示出∠AOD 的值.(2)连接OB、OC,可证△OBC是等边三角形,根据垂径定理可得∠DOB等于30°,因为点D为BC的中点,则∠AOB=∠BOC=60°,所以∠AOD等于90°,根据OA=OB=2,在直角三角形中用三角函数及勾股定理即可求得OD、AD的长.(3)分两种情况讨论:两圆外切,两圆内切.先根据两圆相切时圆心距与两圆半径的关系,求出AD的长,再过O点作AE的垂线,利用勾股定理列出方程即可求解.【题目详解】(1)如图1:连接OB、OC.∵BC=AO∴OB=OC=BC∴△OBC是等边三角形∴∠BOC=60°∵点D是BC的中点∴∠BOD=130 2BOC∠=︒∵OA=OC∴OAC OCA∠=∠=α∴∠AOD=180°-α-α-30︒=150°-2α(2)如图2:连接OB、OC、OD.由(1)可得:△OBC是等边三角形,∠BOD=130 2BOC∠=︒∵OB=2,∴OD=OB∙cos30︒3∵B为AC的中点,∴∠AOB=∠BOC=60°∴∠AOD=90°根据勾股定理得:AD=227AO OD +=(3)①如图3.圆O 与圆D 相内切时: 连接OB 、OC ,过O 点作OF ⊥AE ∵BC 是直径,D 是BC 的中点 ∴以BC 为直径的圆的圆心为D 点由(2)可得:3D 的半径为1 ∴31+设AF=x在Rt △AFO 和Rt △DOF 中,2222OA AF OD DF -=-即)2222331x x -=-- 解得:331x +=∴AE=3312AF +=②如图4.圆O 与圆D 相外切时: 连接OB 、OC ,过O 点作OF ⊥AE ∵BC 是直径,D 是BC 的中点 ∴以BC 为直径的圆的圆心为D 点由(2)可得:3D 的半径为1 ∴31在Rt △AFO 和Rt △DOF 中,2222OA AF OD DF -=- 即()2222331x x -=- 解得:331x 4= ∴AE=3312AF -=【题目点拨】本题主要考查圆的相关知识:垂径定理,圆与圆相切的条件,关键是能灵活运用垂径定理和勾股定理相结合思考问题,另外需注意圆相切要分内切与外切两种情况.25、x≤1,解集表示在数轴上见解析【解题分析】首先根据不等式的解法求解不等式,然后在数轴上表示出解集.【题目详解】去分母,得:3x﹣2(x﹣1)≤3,去括号,得:3x﹣2x+2≤3,移项,得:3x﹣2x≤3﹣2,合并同类项,得:x≤1,将解集表示在数轴上如下:【题目点拨】本题考查了解一元一次不等式,解题的关键是掌握不等式的解法以及在数轴上表示不等式的解集.26、(1)DE与⊙O相切,详见解析;(2)5【解题分析】(1) 根据直径所对的圆心角是直角,再结合所给条件∠BDE=∠A,可以推导出∠ODE=90°,说明相切的位置关系。
2022年吉林省长春市高考数学质检试卷(理科)(三)+答案解析(附后)
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2022年吉林省长春市高考数学质检试卷(理科)(三)一、单选题:本题共12小题,每小题5分,共60分。
在每小题给出的选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.集合,,则( )A. B. C. D.2.在复平面内,复数对应的点的坐标为( )A. B. C. D.3.已知,则“”是“”的( )A. 充分而不必要条件B. 必要而不充分条件C. 充分必要条件D. 既不充分也不必要条件4.抛物线C:过点,则C的准线方程为( )A. B. C. D.5.已知平面向量,满足,,且与的夹角为,则( )A. B. C. D. 36.某区创建全国文明城市,指挥部办公室对所辖街道当月文明城市创建工作进行考评.工作人员在本区选取了甲、乙两个街道,并在这两个街道各随机抽取10个地点进行现场测评,下表是两个街道的测评分数满分100分,则下列说法正确的是( )甲75798284868790919398乙73818183878895969799A. 甲、乙两个街道的测评分数的极差相等B. 甲、乙两个街道的测评分数的平均数相等C. 街道乙的测评分数的众数为87D. 甲、乙两个街道测评分数的中位数中,乙的中位数较大7.设,若,,,则( )A. B. C. D.8.将函数的图象向右平移a个单位得到函数的图象,则a的值可以为( )A. B. C. D.9.6本不同的书在书桌上摆成一排,要求甲,乙两本书必须放在两端,丙、丁两本书必须相邻,则不同的摆放方法有种.( )A. 24B. 36C. 48D. 6010.已知函数满足,当时,,那么( )A. B. C. D.11.已知双曲线C:的左、右焦点分别为,,若C上存在一点P满足,且的面积为3,则该双曲线的离心率为( )A. B. C. 2 D. 312.如图是某个四面体的三视图,若在该四面体内任取一点P,则点P落在该四面体内切球内部的概率为( )A. B. C. D.二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。
吉林省长春市长春吉大附中实验学校2022-2023学年高三上学期第三次摸底考试数学试题(解析版)
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2022-2023学年上学期高三年级第三次摸底考试数学学科试卷一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.设3(1i)2i z -=-,则z =()A.2B.C.1D.2【答案】A 【解析】【分析】根据复数的运算法则求出复数z 的代数形式,再由模的公式求其模.【详解】因为3(1i)2i z -=-,所以232(1i)2i 2i 11i 1i(1i)(1i)1i (1i)(1i)z --++=====-----+,所以22z ==,故选:A.2.命题“R x ∃∈,2220x x ++<”的否定是()A.R x ∃∈,2220x x ++≥B.R x ∀∈,2220x x ++≥C.R x ∃∈,2220x x ++>D.R x ∀∉,2220x x ++≥【答案】B 【解析】【分析】由特称命题的否定:将存在改任意,并否定原结论,即可得答案.【详解】由特称命题的否定为全称命题,所以原命题的否定为R x ∀∈,2220x x ++≥.故选:B3.在等差数列{}n a 中,12312,,,,k k k a a a a a 成公比为3的等比数列,则3k =()A.14 B.34C.41D.86【答案】C 【解析】【分析】根据等差数列,等比数列的概念即可求解.【详解】设等差数列{}n a 的公差为d ,因为12312,,,,k k k a a a a a 成公比为3的等比数列,所以213a a =,所以213,a a =即113a d a +=,所以12d a =,所以11(1)(21)n a a n d n a =+-=-,又因为12312,,,,k k k a a a a a 成公比为3的等比数列,所以3141381k a a a =⨯=,因为331(21)k a k a =-,所以32181k -=,解得341k =.故选:C.4.曲线2ln y x x=-在1x =处的切线的倾斜角为α,则cos2α的值为()A.45 B.45-C.35D.35-【答案】B 【解析】tan 3α=,再根据同角三角函数的基本关系可求出sin α,cos α,从而根据二倍角公式求得结果.【详解】根据已知条件,212()f x x x '=+,因为曲线2ln y x x=-在1x =处的切线的倾斜角为α,所以tan (1)123f α'==+=,所以02πα<<.因为22sin cos 1a α+=,sin tan 3cos ααα==,则解得sinα=cos α=,故22224cos 2cos sin5=-=-=-ααα.故选:B.5.某单位周一、周二、周三开车上班的职工人数分别是15,12,9.若这三天中只有一天开车上班的职工人数是20,则这三天都开车上班的职工人数的最大值是()A.3B.4C.5D.6【答案】B 【解析】【分析】将问题转化为韦恩图,结合题意设出未知量,列出方程,求出答案.【详解】作出韦恩图,如图,由题意得1512920a b c x b d e x c e f x a d f +++=⎧⎪+++=⎪⎨+++=⎪⎪++=⎩,则有22233620a b c d e f x a d f ++++++=⎧⎨++=⎩,所以222316b c e x +++=,即()2316b c e x +++=,因此要让x 最大,则()2b c e ++需要最小,若()20,b c e ++=则163x =不满足题意,若()22,b c e ++=则143x =不满足题意,若()24,b c e ++=则4x =满足题意,所以这三天都开车上班的职工人数的最大值是4,故选:B.6.已知a 和b是平面内两个单位向量,且,3a b π= ,若向量c 满足()()0a c b c -⋅-= ,则c r 的最大值是()A.212+B.12C.D.【答案】B 【解析】【分析】首先设OA a = ,OB b = ,OC c =,画出图形,根据已知条件得到C 在以AB 为直径的圆上,再结合图形求解即可.【详解】如图所示:设OA a = ,OB b = ,OC c =,则CA a c =- ,CB b c =-,因为()()0a c b c -⋅-= ,所以0CA CB ⋅= ,即CA CB ⊥ .所以C 在以AB 为直径的圆上.设AB 的中点为D ,因为a 和b是平面内两个单位向量,且,3a b π= ,所以1AB =,32OD ==.所以max11322cOD +=+=.故选:B7.已知实数a 、b 、c 满足2221a b c ++=,则23ab c +的最大值为()A.3B.134C.2D.5【答案】A 【解析】【分析】由基本不等式可得22212c a b ab -=+≥,求出c 的取值范围,利用二次函数的基本性质可求得23ab c +的最大值.【详解】因为22212c a b ab -=+≥,所以,22313233124ab c c c c ⎛⎫+≤-++=--+ ⎪⎝⎭,因为210c -≥,可得11c -≤≤,故当01a b c ==⎧⎨=⎩时,23ab c +取最大值3.故选:A.8.已知函数()f x 的定义域为R ,()22f x +为偶函数,()1fx +为奇函数,且当[]0,1x ∈时,()f x ax b =+.若()41f =,则3112i f i =⎛⎫+=⎪⎝⎭∑()A.12B.0C.12-D.1-【答案】C 【解析】【分析】由()22f x +为偶函数,()1fx +为奇函数得到()()51f x f x +=+,故函数()f x 的周期4T =,结合()41f =得到1b =,由()()11f x f x -+=-+得()10f =,从而求出1a =-,采用赋值法求出3122f ⎛⎫=- ⎪⎝⎭,235212f f ⎛⎫⎛⎫==- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,再使用求出的()f x 的周期4T =,赋值法得到2721f ⎛⎫= ⎪⎝⎭.【详解】因为()22f x +为偶函数,所以()()2222f x f x -+=+,用1122x +代替x 得:()()13f x f x -+=+,因为()1f x +为奇函数,所以()()11f x f x -+=-+,故()()31f x f x +=-+①,用2x +代替x 得:()()53f x f x +=-+②,由①②得:()()51f x f x +=+,所以函数()f x 的周期4T =,所以()()401f f ==,即1b =,因为()()11f x f x -+=-+,令0x =得:()()11f f =-,故()10f =,()10f a b =+=,解得:1a =-,所以[]0,1x ∈时,()1f x x =-+,因为()()11f x f x -+=-+,令12x =,得2123f f ⎛⎫⎛⎫=- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,其中1111222f ⎛⎫=-+= ⎪⎝⎭,所以3122f ⎛⎫=- ⎪⎝⎭,因为()()2222f x f x -+=+,令14x =得:12214422f f ⎛⎫⎛⎫-⨯+=⨯+ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,即235212f f ⎛⎫⎛⎫==- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,因为4T =,所以7714222f f f ⎛⎫⎛⎫⎛⎫=-=- ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭,因为()()11f x f x -+=-+,令32x =得:151222f f ⎛⎫⎛⎫-=-= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,故2721f ⎛⎫=⎪⎝⎭,311111122235722222i f i f f f =⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫+=++=--+=- ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭∑.故选:C【点睛】方法点睛:抽象函数的对称性和周期性:若()()f x a f x b c ++-+=,则函数()f x 关于,22a b c +⎛⎫⎪⎝⎭中心对称,若()()f x a f x b +=-+,则函数()f x 关于2a bx +=对称,若函数()f x 关于x a =轴对称,关于(),0b 中心对称,则函数()f x 的周期为4a b -,若函数()f x 关于x a =轴对称,关于x b =轴对称,则函数()f x 的周期为2a b -,若函数()f x 关于(),0a 中心对称,关于(),0b 中心对称,则函数()f x 的周期为2a b -.二、多选题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,有选错的得0分,部分选对的得2分.9.在平面四边形ABCD 中,1AB BC CD DA DC ===⋅= ,12BA BC ⋅= ,则()A.1AC =B.CA CD⊥C.AD =D.22BD =+ 【答案】ABD 【解析】【分析】根据数量积的定义求出ABC ∠,即可得到ABC 为等边三角形,从而判断A ,设AD x =,在ACD 中,由余弦定理及数量积的定义求出x ,即可得到=90ACD ∠︒,从而判断B ,根据150BCD ∠=︒,=45ADC ∠︒,知AD 与BC 不平行,即可判断C ,最后由余弦定理判断D.【详解】解:选项A ,由1AB BC == ,1cos 2BA BC BA BC ABC ⋅=⋅∠= ,所以1cos 2ABC ∠=,又0180ABC ︒<∠<︒,所以60ABC ∠=︒,所以ABC 为等边三角形,所以1AC =,故A 正确;选项B ,设AD x =,在ACD 中,由余弦定理知,2222cos AC AD CD AD CD ADC =+-⋅∠,即21121cos x x ADC =+-⋅⋅∠,所以cos 2x ADC ∠=,由1cos 12x DA DC DA DC ADC x ⋅==⋅∠=⋅⋅ ,解得x =或x =(舍去),所以222AD AC CD =+,即ACD 为等腰直角三角形且=90ACD ∠︒,所以CA CD ⊥,故B 正确;对于C ,因为6090150BCD ACB ∠=∠+∠=︒+︒=︒,=45ADC ∠︒,所以AD 与BC 不平行,故C 错误;选项D ,在BCD △中,由余弦定理知2222cos BD BC CD BC CD BCD =+-⋅∠,2231121122⎛⎫=+-⨯⨯⨯=+ ⎪ ⎪⎝⎭,所以222BD BD =+= ,故D 正确.故选:ABD .10.意大利数学家列昂纳多•斐波那契提出的“兔子数列”:1,1,2,3,5,8,13,21,34,55,89,144,233,⋯,在现代生物及化学等领域有着广泛的应用,它可以表述为数列{}n a 满足()12211,n n n a a a a a n +++===+∈N .若此数列各项被3除后的余数构成一个新数列{}n b ,记{}n b 的前n 项和为n S ,则以下结论正确的是()A.910n n b b ++-=B.1029n n S S ++=+C.20222b =D.20222696S =【答案】ABC 【解析】【分析】根据数列{}n a 可得出数列{}n b 是以8为周期的周期数列,依次分析即可判断.【详解】 数列{}n a 为1,1,2,3,5,8,13,21,34,55,89,144,233,…,被3除后的余数构成一个新数列{}n b ,∴数列{}n b 为1,1,2,0,2,2,1,0,1,1,2,0,2,2,1,0,…,观察可得数列{}n b 是以8为周期的周期数列,故910n n b b ++-=,A 正确;且1289b b b +++= ,故10234102...9n n n n n n S S b b b S ++++++=++++=+,B 正确;82502262262=b b b ⨯+==,C 正确;则{}n b 的前2022项和为202225291120222276S ⨯++++++==,D 错误.故选:ABC11.已知函数()2sin (0)f x x ωω⎛=+> ⎝,则下列说法正确的是()A.若函数()f x 的最小正周期为π,则其图象关于直线8x π=对称B.若函数()f x 的最小正周期为π,则其图象关于点,08π⎛⎫ ⎪⎝⎭对称C.若函数()f x 在区间0,8π⎛⎫⎪⎝⎭上单调递增,则ω的最大值为2D.若函数()f x 在[]0,2π有且仅有5个零点,则ω的取值范围是192388ω≤<【答案】ACD 【解析】【分析】根据最小正周期可以计算出ω,便可求出对称轴和对称点,可判断A 、B 选项;根据正弦型函数的单调性可以推出ω的值,可判断C 选项;根据零点情况可以求出ω的取值范围,可判断D 选项.【详解】A 选项:()f x 的最小正周期为π2ω∴=28842f ππππ⎛⎫⎛⎫∴=⋅+== ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭A 正确;B 选项:()f x 的最小正周期为π2ω∴=208842f ππππ⎛⎫⎛⎫∴=⋅+== ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,故B 错误;C 选项:084484x x πππππωω<<∴<+<+ 又函数()f x 在0,8π⎛⎫⎪⎝⎭上单调递增842πππω∴+≤2ω∴≤,故C 正确;D 选项:[]0,2,2444x x ππππωπω⎡⎤∈∴+∈+⎢⎥⎣⎦又()f x 在[]0,2π有且仅有5个零点,则1923526,488πππωπω≤+<∴≤<,故D 正确.故选:ACD12.已知函数2()e x f x ax =-有两个极值点1x 与2x ,且12x x <,则下列结论正确的是()A .e 2a <B.101x <<C.()1e12f x -<<- D.21e1>x x 【答案】BCD 【解析】【分析】由已知可知()e 20x a x x =≠有两个根,然后利用导数讨论()e xg x x =的极值,数形结合可得a ,12,x x 的范围,可判断A ,B ;将11e 2x a x =代入()1f x ,然后利用导数讨论其单调性,由单调性可判断C ;由1212e e x x x x =变形可判断D.【详解】函数2()e x f x ax =-有两个极值点,只需()2e xf x ax '=-有两个变号零点,即方程()e 20xa x x=≠有两个根.构造函数()e xg x x =,则()()2e 1x x g x x-'=,当1x <且0x ≠时,()0g x '<,当1x >时,()0g x '>所以()g x 在(),0∞-和()0,1上递减,在()1,+∞上递增,所以函数()g x 的极小值为()1e g =,且当0x <时,()0g x <,所以,当2ea >时,直线2y a =与函数()g x 的图象有两个交点,即函数()f x 有两个极值点,A 错;对于B 选项,12,x x 为直线2y a =与函数()g x 图象两个交点的横坐标,因为函数()g x 在()0,1上递减,在()1,+∞上递增,且12x x <,故1201,1,x x <<>B 正确;对于C 选项,由()10g x =,从而11e 2x a x =代入得()1111e 2x x f x ⎛⎫=- ⎪⎝⎭,令()()1e ,0,12xx x x ϕ⎛⎫=-∈ ⎪⎝⎭,则()()1e 02x x x ϕ'-=<,故()x ϕ在()0,1上递减,故()()()1e 101,C 2x ϕϕϕ-=<<=-对;对于D 选项,因为121,e 1x x >>,由1212e e x x x x =可得2112e e 1,D x xx x =>对.故选:BCD.三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.若等比数列{}n a 的公比为13,且1479790a a a a ++++= ,则{}n a 的前99项和为___________.【答案】130【解析】【分析】根据等比数列的性质以及前n 项和公式即可求解.【详解】设等比数列{}n a 的公比为q ,前n 项和为n S ,则14797,,,,a a a a 是以1a 为首项,3q 为公比的等比数列,所以()()333991114797321(1)9011(1)a q a q a a a a q q q q ⎡⎤--⎢⎥⎣⎦++++===--++ ,所以991(1)1301a q q-=-,又因为{}n a 的前99项和等于99199(1)1301a q S q-==-,故答案为:130.14.212log sin15log cos345︒-︒=__________.【答案】2-【解析】【分析】根据诱导公式可得cos 345cos15︒=︒,进而根据对数的运算性质及二倍角正弦公式化简即可求解.【详解】解:因为()cos 345cos 36015cos15︒=︒-︒=︒,所以()212222log sin15log cos 345log sin15log cos15log sin15cos15︒-︒=︒+︒=︒︒2211log sin 30log 224⎛⎫=︒==- ⎪⎝⎭,故答案为:2-.15.已知m 是实数,关于x 的方程()222310x m x m m -++++=的两个虚数根为12,z z .若122z z -=,则m 的值为___________.【答案】43-±【解析】【分析】根据Δ0<求出参数m 的取值范围,再由韦达定理及虚根成对原理求出1z ,2z ,再由21231z z m m =++得到方程,解得即可.【详解】解:因为关于x 的方程()222310x m x m m -++++=的两个虚数根为1z ,2z (m 是实数),则222(2)4(31)380m m m m m ∆=+-++=--<,解得0m >或83m <-,所以122z m z +=+,21231z z m m =++,根据虚根成对原理可得12z z =,又因为122z z -=,所以122i 22i 2m z m z +⎧=+⎪⎪⎨+⎪=-⎪⎩或122i 22i 2m z m z +⎧=-⎪⎪⎨+⎪=+⎪⎩,于是2221312m m m +⎛⎫+=++ ⎪⎝⎭,得到23840m m +-=,于是43m -±=(符合题意).故答案为:43-±16.在ABC 中,角A ,B ,C 所对的边为a ,b ,c ,若sin sin cos cos 3sin B C A CA a c=+,且ABC 的面积2223()4ABC S a b c =+-△,则c a b+的取值范围是___________.【答案】1,12⎡⎫⎪⎢⎣⎭【解析】【分析】由面积公式及余弦定理求出C ,再由正、余弦定理将角化边,即可求出c ,再由正弦定理及三角恒等变换公式将ca b+转化为关于A 的三角函数,最后由三角函数的性质计算可得;【详解】解:由2223)4ABC S a b c =+-△,∴22213sin )24ab C a b c =+-,又2222cos c a b ab C =+-,所以1sin 2cos 24ab C ab C =⋅,tan C ∴=0C π<< ,60C ∴=︒,sin sin cos cos 3sin B C A C A a c =+,∴1cos cos 23sin B A C A a c ⨯=+.∴2222222326222b b c a a b c b ba abc abc abc ac+-+-⨯=+==,c ∴=由正弦定理得24sin sin 3c R C π===,所以24sin 4sin 4sin 4sin 3a b A B A A π⎛⎫+=+=+-⎪⎝⎭224sin 4sincos 4cos 33A A A ππ=+-16sin cos )226A A A A A π⎫=+=+=+⎪⎪⎭,因为203A π<<,所以5666A πππ<+<,所以1sin ,162A π⎛⎫⎛⎤+∈ ⎪ ⎥⎝⎭⎝⎦,(6A π⎛⎫∴+∈ ⎪⎝⎭,∴231,126ca bA π⎡⎫=∈⎪⎢+⎛⎫⎣⎭+ ⎪⎝⎭.故答案为:1,12⎡⎫⎪⎢⎣⎭.四、解答题:本题共6个小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.17.已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,且23nn S =+.(1)求数列{}n a 的通项公式;(2)保持数列{}n a 中各项先后顺序不变,在k a 与1k a +之间插入k 个1,使它们和原数列的项构成一个新的数列{}n b ,记{}n b 的前n 项和为n T ,求50T 的值.【答案】(1)15,12,2n n n a n -=⎧=⎨≥⎩(2)556【解析】【分析】(1)数列{}n a 的前n 项和为n S 与n a 的关系,求解数列{}n a 的通项公式;(2)由题意得新数列{}n b 的前50项,分组后由等差数列与等比数列的前n 项和公式求解.【小问1详解】解:数列{}n a 的前n 项和为n S ,且23nn S =+,当2n ≥时,1123n n S --=+,所以111222nn n n n n a S S ---=-=-=;当1n =时,111235a S ==+=,不符合上式,所以15,12,2n n n a n -=⎧=⎨≥⎩;【小问2详解】解:保持数列{}n a 中各项先后顺序不变,在k a 与1(1k a k +=,2,)⋯之间插入k 个1,则新数列{}n b 的前50项为:5,1,12,1,1,22,1,1,1,32,1,1,1,1,42,1,1,1,1,1,52,1,1,1,1,1,1,62,1,1,1,1,1,1,1,72,1,1,1,1,1,1,1,1,82,1,1,1,1,1.则12345678505(12345678)5(22222222)T =+++++++++++++++++()91882210556212+⨯-=++=-.18.已知函数()sin 2cos 22sin cos .36f x x x x x ππ⎛⎫⎛⎫=+++- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭(1)求函数()f x 的最小正周期及对称轴方程;(2)将函数()y f x =的图象向左平移12π个单位,再将所得图象上各点的纵坐标不变、横坐标伸长为原来的2倍,得到函数()y g x =的图象,求()y g x =在[0,2π]上的单调递减区间.【答案】(1)最小正周期为π,对称轴方程为122k x ππ=-+,Z k ∈(2)250,,,233πππ⎡⎤⎡⎤⎢⎥⎢⎥⎣⎦⎣⎦【解析】【分析】(1)利用两角和差的正余弦公式与辅助角公式化简可得()2cos 26f x x π⎛⎫=+ ⎪⎝⎭,再根据周期的公式与余弦函数的对称轴公式求解即可;(2)根据三角函数图形变换的性质可得()2cos 3g x x π⎛⎫=+ ⎪⎝⎭,再根据余弦函数的单调区间求解即可.【小问1详解】()1331sin2sin2sin22222f x x x x x x =++--,()1sin22cos2sin222f x x x x x ⎛⎫=-=- ⎪ ⎪⎝⎭2cos2cos sin2sin 2cos 2666x x x πππ⎛⎫⎛⎫=-=+ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,所以函数()f x 的最小正周期为π,令26x k ππ+=,Z k ∈,得函数()f x 的对称轴方程为122k x ππ=-+,Z.k ∈【小问2详解】将函数()y f x =的图象向左平移12π个单位后所得图象的解析式为2cos 22cos 21263y x x πππ⎡⎤⎛⎫⎛⎫=++=+ ⎪ ⎪⎢⎥⎝⎭⎝⎭⎣⎦,所以()12cos 22cos 233g x x x ππ⎛⎫⎛⎫=⨯+=+ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,令223k x k ππππ++ ,所以222,Z 33k x k k ππππ-++∈.又[]0,2x π∈,所以()y g x =在[]0,2π上的单调递减区间为250,,,233πππ⎡⎤⎡⎤⎢⎥⎢⎥⎣⎦⎣⎦.19.如图,数轴,x y 的交点为O ,夹角为θ,与x 轴、y 轴正向同向的单位向量分别是21,e e .由平面向量基本定理,对于平面内的任一向量OP,存在唯一的有序实数对(),x y ,使得12OP xe ye =+ ,我们把(),x y 叫做点P 在斜坐标系xOy 中的坐标(以下各点的坐标都指在斜坐标系xOy 中的坐标).(1)若90,OP θ=为单位向量,且OP 与1e的夹角为120 ,求点P 的坐标;(2)若45θ=,点P 的坐标为(,求向量OP 与1e的夹角的余弦值.【答案】(1)13,22⎛-± ⎝⎭(2【解析】【分析】(1)90θ=时,坐标系xOy 为平面直角坐标系,设点(),P x y 利用112⋅=- OP e 求出x ,再利用模长公式计算可得答案;(2)根据向量的模长公式12=+=OP e e 、数量积公式1⋅OP e 计算可得答案.,【小问1详解】当90θ= 时,坐标系xOy 为平面直角坐标系,设点(),P x y ,则有(),OP x y =uuu r,而()111,0,e OP e x =⋅= ,又111cos1202OP e OP e ⋅=⋅⋅=- ,所以12x =-,又因1OP == ,解得32y =±,故点P 的坐标是13,22⎛⎫-± ⎪ ⎪⎝⎭;【小问2详解】依题意21,e e夹角为12121245,cos452⋅=⋅==+e e e e OP e e,12OP e e ∴=+=()2111121121cos ,2OP e OP e OP e e e e e e e αα⋅=⋅⋅=⋅=+⋅=+⋅=,252,cos 5αα==.20.已知函数2()(2)ln f x x a x a x =+--(0)a >.(1)求()f x 的单调区间;(2)设11(,)P x y ,22(,)Q x y 为函数()f x 图象上不同的两点,PQ 的中点为00(,)M x y ,求证:12012()()'()f x f x f x x x -<-.【答案】(1)见解析;(2)见解析【解析】【分析】(1)对函数求导()()()12'x x a f x x-+=,函数定义域为()0,+∞,由于012a -<<,可知当01x <<时,()'0f x <,当1x >时,()'0f x >,即可判断单调性;(2)先求出()012122'2af x x x a x x =++--+,和()()1122121212ln 2x a f x f x x x x a x x x x -=++----,则要证的不等式()()()11122201212121212lnln22'x x a f x f x x x af x x x x x x x x x x x -<----+-+ ,不妨假设120x x >>,即证12112221ln 1x x x x x x ⎛⎫- ⎪⎝⎭>+,令121x t x =>,构造函数()()21ln 1t h t t t -=-+,求导可判断函数()h t 在()1,+∞上单调递增,则()()10h t h >=,进而可以证明不等式成立.【详解】(1)()f x 的定义域为()0,+∞,()'22a f x x a x =+--()()12x x a x-+=.由于012a-<<,则当01x <<时,()'0f x <,当1x >时,()'0f x >,则()f x 的单调递减区间为()0,1,单调递增区间为()1,+∞.(2)证明:因为()00,M x y 为PQ 1202x x x +=,故()000'22a f x x a x =+--121222ax x a x x =++--+,()()1212f x f x x x -=-()()22111222122ln 2ln x a x a x x a x a x x x +-----+-()()22112122122lnx x x a x x a x x x -+---=-121212ln2x a x x x a x x =++---故要证()()()12012'f x f x f x x x -<-,即证121212ln2x a x a x x x x -<--+,由于0a >,即证121212ln 2xx x x x x >-+.不妨假设120x x >>,只需证明()1212122ln x x x x x x ->+,即12112221ln 1x x x x x x ⎛⎫- ⎪⎝⎭>+.设121x t x =>,构造函数()()21ln 1t h t t t -=-+,()()()()222114011t h t t t t t -=-=+'>+,故()h t 在()1,+∞上单调递增,则()()10h t h >=,则有12112221ln 1x x x x x x ⎛⎫- ⎪⎝⎭>+,从而()()()12012'f x f x f x x x -<-.【点睛】本题考查了函数与导数的综合问题,考查了函数的导数,函数的单调性,考查了不等式的证明,及构造函数的思想,属于难题.21.如图:某公园改建一个三角形池塘,90C ∠=︒,2AB =(百米),1BC =(百米),现准备养一批观赏鱼供游客观赏.(1)若在ABC 内部取一点P ,建造APC 连廊供游客观赏,如图①,使得点P 是等腰三角形PBC 的顶点,且2π3CPB ∠=,求连廊AP PC PB ++的长(单位为百米);(2)若分别在AB ,BC ,CA 上取点D ,E ,F ,并建行连廊,使得DEF 变成池中池,放养更名贵的鱼类供游客观赏.如图②,当DEF 为正三角形时,求DEF 的面积的最小值.【答案】(1)21233百米(2)3328(百米)2【解析】【分析】(1)由余弦定理即可求得3PC =,在ACP △中,确定π3ACP ∠=,由余弦定理求得3AP =,即可求得答案;(2)设正三角形DEF 的边长a ,CEF α∠=,(0πα<<)则可表示sin CF a α=,sin AF a α=,从而可由正弦定理表示出a =,结合三角函数的性质求得其最小值,即可求得答案.【小问1详解】∵点P 是等腰三角形PBC 的顶点,且2π3CPB ∠=,1BC =,∴π6PCB ∠=且由余弦定理可得:22222211cos 222PB PC BC PC CPB PB PC PC +--∠===-⋅,解得3PC =,又∵π2ACB ∠=∴π3ACP ∠=,∵在Rt ACB △中,2AB =,1BC =,∴AC =在△ACP 中,由余弦定理得222π2cos 3AP AC PC AC PC =+-⋅+,解得,213AP =;∴21232123333AP PC PB +++=+=,∴连廊的长为21233百米.【小问2详解】设正三角形DEF 的边长a ,CEF α∠=,(0πα<<)则sin CF a α=,sin AF a α=-,设1EDB ∠=∠,可得2πl π3B DEB DEB ∠=-∠-∠=-∠,π2ππ33DEB DEB α=--∠=-∠,∴π2ππ133ADF α∠=--∠=-,在ADF △中,由正弦定理得:sin sin DF AFA ADF=∠∠,即3sin π2πsinsin 63aa αα=⎛⎫- ⎪⎝⎭,即sin 22sin 3a a απα=⎛⎫- ⎪⎝⎭,化简得:2π2sin sin 3a αα⎡⎤⎛⎫⋅-+=⎪⎢⎥⎝⎭⎣⎦,∴217a =≥(其中,θ为锐角,且3tan 2θ=)∴()2min min3333344728ABC S a ===.22.已知函数()()11e 12x af x x a -=--,其中a R ∈且0a ≠.(1)当1a =时,曲线()y f x =在点()()1,1f 处的切线方程为()y g x =.求证:()()f x g x ≥;(2)若()f x ≥,求a 的取值范围.【答案】(1)证明见解析;(2)(]0,1.【解析】【分析】(1)利用导数的几何意义可求得()g x ,令()()()h x f x g x =-,利用导数可求得()()min 10h x h ==,由此可证得结论;(2)令()()11e 12x am x x a -=---,当a<0和1a >时,可通过反例确定不符合题意;当01a <≤时,由1e x x -≥可放缩得到()21112221e e ln e x x x m x a a ---⎛⎫≥=-- ⎪⎝⎭;令12e x t -=,则可得到()1221ln e s t t t a t t a -⎛⎫=--≥ ⎪⎝⎭,可分别在120e a -<≤和12e 1a -<≤两种情况下,结合()s t '的正负确定()s t 的单调性,从而得到()0s t ≥,由此可得a 的取值范围.【小问1详解】当1a =时,()()11e12x f x x -=--,则()11e 2x f x -'=-,()11f ∴=,()112f '=,()y f x \=在()()1,1f 处的切线为:()1112y x -=-,即()()112g x x =+;令()()()1e x h x f x g x x -=-=-,则()1e 1x h x -'=-,令()0h x '=,解得:1x =;∴当(),1x ∈-∞时,()0h x '<;当()1,x ∈+∞时,()0h x '>;()h x ∴在(),1-∞上单调递减,在()1,+∞上单调递增,()()min 10h x h ∴==,()0h x ∴≥,即()()f x g x ≥;【小问2详解】令()()11e 12x a m x x a -=---()0m x ≥;①当a<0时,()100e 2a m a =+<,不合题意;②当1a >时,()1110m a=-<,不合题意;③当01a <≤时,由(1)知:1e x x -≥,12ex -∴≥(当且仅当1x =时取等号),()()21111222111e 1e e e 22x x x x a x m x x a a a ----⎛⎫-∴≥---=--⋅ ⎪⎝⎭21112221e e ln e x x x a a ---⎛⎫=-- ⎪⎝⎭,令12e x t -=,则12e ,t -⎡⎫∈+∞⎪⎢⎣⎭,()1221ln e s t t t a t t a -⎛⎫=--≥ ⎪⎝⎭,则()()()222221t a t a a t at a s t t a t at at-+--'=--==,⑴当120e a -<≤时,()0s t '>,()s t ∴在12e ,-⎡⎫+∞⎪⎢⎣⎭上单调递增,()121e 02a s t s ae-⎛⎫∴≥=+≥=> ⎪⎝⎭;⑵当12e 1a -<≤时,()s t 在12e ,a -⎛⎫ ⎪⎝⎭上单调递减,在(),a +∞上单调递增,()()ln 0s t s a a a ∴≥=-≥;综上所述:若()f x ≥a 的取值范围为(]0,1.【点睛】关键点点睛:本题考查导数在研究函数中的应用,涉及到利用导数证明不等式、由不等式恒成立求解参数范围的问题;求解参数范围的关键是能够通过放缩的方式将恒成立的不等式转化为()1221ln e s t t t a t t a -⎛⎫=--≥ ⎪⎝⎭的最小值()min 0s t ≥的问题.第23页/共23页。
吉林省长春市普通高中2020届5月份高三监测(三模)理科数学试题(含答案)
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吉林省长春市普通高中2020届高三质量监测(三)(三模)理科数学试题一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的. 1.设集合2{|4}A x x =∈≤Z ,B={x|-4<x<2},则A∩B= A.{x|-2≤x<2}B.{x|-4<x≤2}.{2,1,0,1,2}C -- .{2,1,0,1}D --2.已知复数z=(a+i)(1-2i)(a ∈R )的实部为3,其中i 为虚数单位,则复数z 的虚部为 A.-1B.-iC.1D.i3.已知向量a r =(1,-2),b r =(3,-3),c r =(1,t),若向量a r与向量b c +r r 共线,则实数t=A.5B.-5C.1D.-14.已知函数()cos3sin 22x xf x =-的图象为C,为了得到关于原点对称的图象,只要把C 上所有的点 A.向左平移3π个单位B.向左平移23π个单位 C.向右平移3π个单位D.向右平移23π个单位 5.函数3()x xx f x e e -=-的图象大致为6.在521()x x +的展开式中,一定含有 A.常数项B.x 项1.C x - 项3.D x 项7.已知直线m,n 和平面,,,αβγ有如下四个命题: ①若m ⊥α,m//β,则α⊥β; ②若m ⊥α,m//n,n ⊂β,则α⊥β;③若n ⊥α,n ⊥β,m ⊥α,则m ⊥β; ④若m ⊥α,m ⊥n,则n//α. 其中真命题的个数是 A.1B.2C.3D.48.风雨桥是侗族最具特色的建筑之一,风雨桥由桥、塔、亭组成,其塔俯视图通常是正方形、正六边形和正八边形.右下图是风雨桥中塔的俯视图。该塔共5层,若01122334000.5,8.B B B B B B B B m A B m =====这五层正六边形的周长总和为A.35mB.45mC.210mD.270m9.已知圆E 的圆心在y 轴上,且与圆C:2220x y x +-=的公共弦所在直线的方程为30,x y -=则圆E 的方程为22.(3)2A x y +-= 22.(3)2B x y ++= 22.(3)3C x y +-=22.(3)3D x y ++=10.某项针对我国《义务教育数学课程标准》的研究中,列出各个学段每个主题所包含的条目数(如下表),下右图是将统计表的条目数转化为百分比,按各学段绘制的等高条形图,由图表分析得出以下四个结论,其中错误的是A.除了“综合与实践”外,其它三个领域的条目数都随着学段的升高而增加,尤其“图形与几何”在第三学段增加较多,约是第二学段的3.5倍。B.所有主题中,三个学段的总和“图形与几何”条目数最多,占50%,综合与实践最少,约占4%C.第一、二学段“数与代数”条目数最多,第三学段“图形与几何”条目数最多.D.“数与代数”条目数虽然随着学段的增长而增长,而其百分比却一直在减少.“图形与几何”条目数,百分比都随学段的增长而增长.11.已知数列{}n a 的各项均为正数,其前n 项和n S 满足2*42,()n nn S a a n =+∈N ,设1(1),n n n n b a a +=-⋅T n 为数列{}n b 的前n 项和,则20T =A.110B.220C.440D.88012.设椭圆的左右焦点为12,,F F 焦距为2c,过点1F 的直线与椭圆C 交于点P,Q,若2||2,PF c =且114||||3PF QF =,则椭圆C 的离心率为1.2A 3.4B 5.7C 2.3D 二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。13.一名信息员维护甲、乙两公司的5G 网络,一天内甲公司需要维护和乙公司需要维护的概率分别为0.4和0.3,则至少有一个公司不需要维护的概率为___.14.等差数列{}n a 中,11,a =公差d ∈[1,2],且391515,a a a λ++=则实数λ的最大值为___.15.若12,x x 是函数2()74f x x x lnx =-+的两个极值点,则12x x =__;12()()f x f x +=___.(本题第一空2分,第二空3分)16.现有一批大小不同的球体原材料,某工厂要加工出一个四棱锥零件,要求零件底面ABCD 为正方形,AB=2,侧面△PAD 为等边三角形,线段BC 的中点为E,若PE=1.则所需球体原材料的最小体积为____.三、解答题:共70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答。第22~23题为选考题,考生根据要求作答。(一)必考题:共60分。 17.(12分)笔、墨、纸、砚是中国独有的文书工具,即“文房四宝”.笔、墨、纸、砚之名,起源于南北朝时期,其中的“纸”指的是宣纸,宣纸“始于唐代,产于泾县”,而唐代泾县隶属于宣州府管辖,故因地而得名“宣纸”,宣纸按质量等级,可分为正牌和副牌(优等品和合格品),某公司年产宣纸10000刀(每刀100张),公司按照某种质量标准值x给宣纸确定质量等级,如下表所示:x (48,52] (44,48]∪(52,56] (0,44]∪(56,100]质量等级正牌副牌废品利润是10元,副牌纸的利润是5元,废品亏损10元.(1)估计该公司生产宣纸的年利润(单位:万元);(II)该公司预备购买一种售价为100万元的机器改进生产工艺,这种机器的使用寿命是一年,只能提高宣纸的质量,不影响产量,这种机器生产的宣纸的质量标准值x的频率,如下表所示:其中x为改进工艺前质量标准值x的平均值,改进工艺后,每张正牌和副牌宣纸的利润都下降2元,请判断该公司是否应该购买这种机器,并说明理由.18.(12分)在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且a=4ccosB.(1)求证:sinBcosC=3sinCcosB;(II)求B-C的最大值.19.(12分)四棱锥P-ABCD中,ABCD为直角梯形,BC//AD,AD⊥DC,BC=CD=1,AD=2,PA=PD,E为PC中点,平面PAD⊥平面ABCD,F为AD上一点,PA//平面BEF.(1)求证:平面BEF⊥平面PAD;(II)若PC与底面ABCD所成的角为60°.求二面角E-BF-A的余弦值.20.(12分)已知点A(0,1),点B在y轴负半轴上,以AB为边做菱形ABCD,且菱形ABCD对角线的交点在x轴上,设点D 的轨迹为曲线E.(1)求曲线E的方程;(II)过点M(m,0),其中1<m<4,作曲线E的切线,设切点为N,求△AMN面积的取值范围.21.(12分)已知函数1()ln ,()(0)x f x m x g x x x-==>. (1)讨论函数F(x)=f(x)-g(x)在(0,+∞)上的单调性;(II)是否存在正实数m,使y=f(x)与y=g(x)的图象有唯一一条公切线,若存在,求出m 的值,若不存在,请说明理由.(二)选考题:共10分,请考生在22-23题中任选一题作答,如果多做则按所做的第一题计分. 22.[选修4-4坐标系与参数方程](10分)以直角坐标系的原点为极点,x 轴的非负半轴为极轴建立极坐标系,曲线C 的极坐标方程为2212([0,])23sin πρθθ=∈+,直线1的参数方程为23x y ⎧=⎪⎪⎨⎪=⎪⎩(t 为参数). (1)求曲线C 的参数方程与直线l 的普通方程;(II)设点P 为曲线C 上的动点,点M 和点N 为直线l 上的点,且满足△PMN 为等边三角形,求△PMN 边长的取值范围.23.[选修4-5不等式选讲](10分)已知函数()()2, , 3f x m x m g x x =--∈=+R . (1)当x ∈R 时,有f(x)≤g(x),求实数m 的取值范围;(II)若不等式f(x)≥0的解集为[1,3],正数a,b 满足ab-2a-b=3m-1,求a+b 的最小值.。
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平面 PAD ∩ 平面 ABCD = AD ,故 BF ⊥ 平面 PAD ,又 BF ⊂ 平面 BEF ,
所以平面 BEF ⊥ 平面 PAD . (6 分) (Ⅱ)(法一) 连 PF ∵ PA = PD , F 为 AD 中点,∴ PF ⊥ AD 又 PF ⊂ 平面 PAD ,
平面 PAD ⊥ 平面 ABCD ,平面 PAD ∩ 平面 ABCD = AD ,
【题号】21
【参考答案与评分细则】(Ⅰ) F(x) = f (x) − g(x) = m ln x − x −1 , x
F′(x) = m − 1 = mx −1 ,
x x2
x2
当 m ≤ 0 时, F′(x) < 0 ,所以,函数 F(x) 在 (0, +∞) 上单调递减;
当 m > 0 时,由 F′(x) < 0 得: 0<x < 1 ;由 F′(x) > 0 得: x > 1
m
m
所以,函数 F(x) 在 (0, 1 ) 上单调递减,函数 F(x) 在 ( 1 , +∞) 上单调递增. (4 分)
m
m
(Ⅱ)函数 f (x) = mln x 在点 (a, m ln a) 处的切线方程为 y − m ln a = m (x − a) , a
即 y = m x + m ln a − m , a
函数 g(x) = x −1 在点 (b,1− 1) 处的切线方程为 y − (1− 1) = 1 (x − b) ,
x
b
b b2
即
y
=
1 b2
x−
2 b
+1.
y = f (x) 与 y = g(x) 的图象有唯一一条公切线.
所以
⎧ ⎪⎪ ⎨ ⎪⎪⎩m
ln
m= 1 a b2 a−m=
1
① −2
b
②
由①得:
当且仅当 (x − 2)(x + 3) ≤ 0 ,即 x ∈[−3, 2] 时等号成立,
所以 m ≤ 5 ,即 m ∈ (−∞,5] . (5 分)
(Ⅱ)令 f (x) ≥ 0 ,即 x − 2 ≤ m , ① 若 m ≤ 0 时,解集为 ∅ ,不合题意;
② 若 m>0 时, −m ≤ x − 2 ≤ m , x ∈[2 − m, 2 + m],又 x ∈[1,3] ,则 m = 1.
【题号】18 【参考答案与评分细则】
(Ⅰ)在 ΔABC 中,由 a = 4c cos B ,可得 sin A = 4sin C cos B , 则 sin(B + C) = 4sin C cos B ,则 sin B cosC + cos B sin C = 4sin C cos B ,
因此 sin B cos C = 3sin C cos B .
长春市 2020 届高三质量监测(三) 数学(理科)试题参考答案及评分参考
一、选择题(本大题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分)
1. D
2. A
3. B
4. A
5. B
6. C
7. C
8. C
9. C
10. D
11. D
12. C
二、填空题(本大题共 4 小题,每小题 5 分,15 题第一空 2 分,第二空 3 分,共 20 分)
【题号】23
【参考答案与评分细则】(Ⅰ)由题意得: f (x) ≤ g(x) 在 x ∈ R 上恒成立,
即 m− | x − 2 |≤| x + 3 | m ≤ (| x + 3 | + | x − 2 |)min ,又 | x + 3 | + | x − 2 |≥| (x − 2) − (x + 3) |= 5 ,
这种机器生产的宣纸质量指标 x 的频率如下表所示:
x
(48, 52]
(44, 56]
频率
0.6826
0.9544
则一刀(100 张)宣纸中正牌的张数约为100 × 0.6826 = 68.26 张,
副牌的张数约为100× (0.9544 − 0.6826) = 27.18 张,
废品的张数约为100× (1− 0.9544) = 4.56 张,
b
b
而 m > 0 ,所以 ln a −1 < 0 ,
则 g(0) = −a ln a + a = −a(ln a −1) > 0 ,
所以二次函数 g(b) = (b −1)2 − a ln a + a −1在 b ∈ (0,1) 上也有一个零点,不合题意.
综上, m = 1. 所以存在正实数 m = 1,使 y = f (x) 与 y = g(x) 的图象有唯一一条公切线. (12 分)
,
6
n2 = ( 6,0,1) .
设二面角 E − BF − A 的平面角为θ ∴| cosθ |=| | n1 ⋅ n2 | |=
7
.
| n1 | ⋅ | n2 | 7
又θ 为钝角,
∴cosθ = −
7 7
,即二面角
E
−
BF
−
A
的余弦值为 −
7 .(12 分) 7
(法二) 简解:连 FC ,取 FC 中点 O ,连 EO, OG ,
t= t2 +2
3 2
,∴ t
=
6,
(也可利用找出线面角求出 PF =
6 )∴ P(0,0,
6) , E(− 1 , 1 , 6 ) 22 2
设平面 EBF 的法向量 n2 = (x, y, z) ,
⎧ ∴ ⎪⎨n2
⋅
FE
=
−
1 2
x
+
1 2
y
+
6 2
z
=
0
,
⎪⎩
n2 ⋅ FB = y = 0
令z =1 ∴x =
2
2
又 kMN
=
a 2
, kAM
=
−
2 a
,则
kMN
⋅ kAM
= −1 ,即 NM
⊥
AM
因此 S = 1 | MN | ⋅ | AM |= 1 ( a )2 + ( a2 )2 ⋅ 1+ ( a )2 = a(4 + a2 )
2
22 4
2
16
可知当 a ∈ (2,8) 时, S 为关于 a 的增函数,因此 S 的取值范围是 (1,34) . (12 分)
P 到直线 l 的距离 d = | 2 cosα + 2 3 sinα − 8 | = 4 5 | sin(α + π ) − 2 | ,
5
5
6
由
1 2
≤ sin(α
+
π 6
)
≤1得
45 5
≤
d
≤
65 5
,
故等边三角形 PMN 的边长的取值范围是[8 15 , 12 15 ]. (10 分) 15 15
13. 0.88
14. − 1 3
15. 2 , 4 ln 2 − 65 4
8 2π
16.
3
三、解答题
【题号】17
【参考答案与评分细则】(Ⅰ)由频率分布直方图可知,
一刀(100 张)宣纸中有正牌宣纸100 × 0.1× 4 = 40 张.
有副牌宣纸100× 0.05× 4× 2 = 40 张,有废品100× 0.025× 4× 2 = 20 张.
tan C
3
因此 tan(B − C)=
1
2
≤ 2 = 3,
+ 3tan C 2 3 3
tan C
即 B − C 的最大值为 π . 6
(12 分)
【题号】19
【参考答案与评分细则】(Ⅰ)连 AC 交 BF 于 G ,连 EG , PA // 平面 BEF , PA ⊂ 平面 PAC ,平面 PAC ∩ 平面 BEF = EG ,
估计一刀宣纸(100 张)的利润为:
68.26× (10 − 2) + 27.18× (5 − 2) + 4.56× (−10) = 582.02 元,
因此改进工艺后生产宣纸的利润为 582.02 −100 = 482.02 元, 因为 482.02 > 400 ,所以该公司应该购买这种设备. (12 分)
= 1,此时 m =
a b2
=1;
(ii)当 h(a) < 0 时,
二次函数 g(b) = (b −1)2 − a ln a + a −1在 b ∈ (1, +∞) 上显然有一个零点,
b ∈ (0,1) 时,由方程② m ln a − m = 1− 2 可得 m(ln a −1) = b − 2 < 0 ,
因此
ab
−
2a
−
b
=
2
,则
b
=
2a + 2 a −1
,又
⎧a ⎨⎩b
> >
0 0
,解得
a
>
1
.
a + b = a + 2a + 2 = a −1+ 4 + 3 , a + b ≥ 2 (a −1) ⋅ ( 4 ) + 3 = 7 ,
a −1
a −1
a −1
当且仅当 a −1 = 4 ,即 a = 3时等号成立,此时 b = 2a + 2 = 4 ,
∠EGO 是二面角 E − BF − A 的平面角的补角 cos ∠EGO =
7 7,