知识讲解_数列的求和问题_基础
数列求和

数列求和知识指南:1.在数学中,为了便于研究事物的某种性质和规律,也常常把一些数按照一定的顺序排列起来,这样的一列数叫做数列。
每两个相邻数的差相等的数列叫做等差数列。
在数列中的每个数叫做数列的项,第一个数叫做首项;最后一个数叫做末项;数的个数叫做项数;每相邻两个数之间相等的差叫做公差。
2.等差数列求和公式;项数=(末项-首项)÷公差+1末项=首项+公差×(项数-1)总和=(首项+末项)×项数÷2例题讲解1.在一等数列;4,10,16,22,……,580,这个等差数列一共有多少项?【分析与解答】2.在一等数列;1,4,7,10,13,……,这个数列的第100项是多少?【分析与解答】3.在这样一列数;50,51,52,……,120.求出这个数列的总和?【分析与解答】4.张师傅做一批零件,第一天做了20个,以后每天都比前一天多做2个,第三十天做了78个,正好做完。
这批零件共多少个?【分析与解答】5.在一根长木条的两端及中间插上木板,第一块木板与第二块之间放一个球,第二块与第三块之间放3个球,每个木板间隔都比前一个多放2个球,现在最后一个间隔放了41个球。
问;一个有多少木板?多少个球?【分析与解答】6.幼儿园304个小朋友围成若干个圆(一圈套一圈)做游戏,已知内圈24人,最外圈52人,如果相邻两圈相差的人数相等,那么相邻的两圈相差多少人?【分析与解答】课堂练习1.已知等差数列200,198,196……,100,这个等差数列共有多少项?2.求数列3,5,7,……,这个等差数列的第20项是多少?3.求和5+10+15+20+……+1004.小玲读一本书,第一天读了10页,以后每天都比前一天多读2页,第10天读了28页正好读完。
这本书共有多少页?5.丹丹学习英语单词,第一天学会了6个单词,以后每天都比前一天多学1个,最后一天学会了26个。
问这些天一共学会了多少个单词?6.鑫鑫电影院共有座位630个,已知第一排有18个,最后一排有52个,每相邻两排相差的人数相等,那么相邻两排相差多少个座位?课后作业1.等差数列中,首项是7,末项是119,公差是4,它的项数是多少?2.求等差数列5,8,11,14,……,的第50项。
数列奇偶项求和公式

数列奇偶项求和公式数列是数学中的一个重要概念,学过数学的朋友们应该都不陌生。
在数列中,常常会涉及到各种巧妙的求和公式,其中之一就是数列奇偶项求和公式。
本文将为大家讲解数列奇偶项求和的相关知识,并且给出一些解题的指导意义。
首先,我们需要明确什么是数列奇偶项求和公式。
在一个数列中,如果我们把所有奇数项加起来,再把所有偶数项加起来,那么得到的两个和分别就是数列的奇项和与偶项和。
而数列奇偶项求和公式则是指通过一个简单的公式来计算奇项和与偶项和的值。
那么该如何应用数列奇偶项求和公式呢?我们以一个具体的例子来说明。
假设有一个数列:2,4,6,8,10,……,那么我们可以通过奇偶项求和公式来计算奇项和与偶项和。
首先,我们需要明确这个数列是一个等差数列,公差为2。
而在等差数列中,每个数都可以表示为等差数列的首项加上公差的n-1倍,其中n表示该数所在的位置。
用数学公式来表示就是:an=a1+(n-1)d,其中an表示第n个数,a1表示第一个数,d表示公差。
在这个例子中,a1为2,d为2,n为任意正整数。
根据奇偶项求和公式,我们可以分别计算奇项和与偶项和。
奇项和的公式为:Sn=(n/2)(a1+an),偶项和的公式为:Sn=(n/2)(a1+an)+(a1+d),其中Sn表示数列的和。
以奇项和为例,我们已知a1为2,an可以表示为2+2(n-1),即an=2n。
将这些值代入奇项和公式,得到Sn=(n/2)(2+2n)。
我们可以进一步化简这个式子,得到Sn=n(n+1)。
这就是数列2,4,6,8,10,……的奇项和的公式。
类似地,我们可以计算出偶项和的公式为2n(n+1)。
通过这些公式,我们可以在不知道数列中具体数值的情况下,直接计算出奇项和与偶项和的值。
这极大地简化了我们在求和时的计算过程,提高了效率。
除了以上例子中的等差数列外,奇偶项求和公式也适用于其他类型的数列,比如等比数列、斐波那契数列等。
只要我们能够确定数列的公式或规律,就可以应用奇偶项求和公式来求解奇项和与偶项和。
高考数学总复习考点知识专题讲解29---数列求和
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(2)记2na+n 1的前n项和为Sn. 由(1)知2na+n 1=2n+122n-1=2n1-1-2n1+1. 则Sn=11-13+13-15+…+2n1-1-2n1+1=2n2+n 1.
因为an>0,所以an+1-an-2=0,即an+1-an=2. 又因为当n=1时,2 a1=a1+1,所以( a1-1)2=0, 所以a1=1,所以数列{an}的通项公式为an=2n-1.
(2)因为bn=
1 2n-1+
2n+1=
2n+1- 2
2n-1,
所以b1+b2+…+bn=
1 2
[(
3 -1)+(
(2)由题意,得cn=an+bn=3n+(2n+1), Sn=c1+c2+…+cn =(3+5+7+…+2n+1)+(3+32+…+3n) =n3+22n+1+311--33n=3n2+1+n2+2n-32.
[拓展探究] 若本例(2)中的“cn=an+bn”改为“cn=an +(-1)nbn”,其他条件不变,结果如何求?
(2)2n-112n+1=122n1-1-2n1+1.
(3)
1 n+
n+1=
n+1-
n.
2.两个注意点 (1)应用裂项相消法时,应注意消项的规律具有对称 性,即前面剩第几项则后面剩倒数第几项. (2)应用错位相减法时,应注意相减后符号的变化和所 构成的等比数列的项数.
1.判断下列结论的正误.(正确的打“√”,错误的打 “×”)
(2)令bn=
n+1 n+22a2n
,数列{bn}的前n项和为Tn.证明:
数列求和:等比数列相关知识及公式运用讲解

数列求和:等比数列相关知识及公式运用讲解先来看看等比数列的定义:如果一个数列从第二项起,每一项与它的前一项的比都等于一个常数(不为0),那么,这个数列就叫做等比数列。
这个常数叫做等比数列的公比。
来看下面这道题:【例1】求1+2+4+8+16+32+64+128+256+512+1024的和。
通过观察,会发现这个数列的后一项比上前一项都是2。
2÷1=2;4÷2=2;8÷4=2;……1024÷512=2。
所以这个题目就是典型的等比数列求和题,公比是2。
例1中,如果拿笔硬算会十分麻烦,而且容易出错。
在这里G老师分享一个计算等比数列求和题目时经常用到的一个方法。
☞错位相减法令A=1+2+4+8+16+32+64+128+256+512+1024,G老师让A这个式子再乘以数列的公比,会得到什么呢?2A=2+4+8+16+32+128+256+512+1024+2048,这样我们构造出了一个新数列,而且这个数列的和等于原数列乘以公比。
再将两个式子相减,左边是2A-A=A;右边是2048-1;等式右边其余的项都已经抵消了。
这样我们就得出结果了,1+2+4+8+16+32+64+128+256+512+1024=2047再来看看下面这道题【例2】计算3+9+27+81+243+729+2187(G老师讲奥数)分析:这题是等比数列求和,公比是3,共有7项。
采用错位相减法,让等式乘以它的公比。
令A=3+9+27+81+243+729+2187;则 3A=9+27+81+243+729+2187+6561;两式相减,3A-A=2A=6561-32A=6558A=6558÷2=3279所以,3+9+27+81+243+729+2187=3279总结一下,等比数列的一般规律。
等比数列中,公比=后一项÷前一项;末项的值=首项x公比的(n-1)次方(n代表项数)。
注意:公比的(n-1)次方=(n-1)个公比相乘如【例2】中,末项是2187,首项是3,项数n=7。
知识讲解_基础_等差数列及其前n项和

等差数列及其前n 项和 编稿:张希勇 审稿:李霞【学习目标】1. 理解等差数列的概念,掌握等差数列的通项公式与前n 项和公式,了解等差数列与一次函数的关系;2. 理解等差数列的性质,并会用性质灵活解决问题;体会等差数列的前n 项和公式与二次函数的关系的联系,能用二次函数的知识解决数列问题.3. 能在具体的问题情境中,识别数列的等差关系,并能用有关知识解决相应的问题. 【学习策略】数列是特殊的函数,类比一次函数、二次函数等有关知识,研究等差数列的通项公式及前n 项和公式的性质特点。
注意方程思想的应用:等差数列的通项公式和前n 项和公式中,共涉及1a 、n 、d 、n a 、n S 五个量,已知其中任意三个量,通过解方程或者方程组,便可求出其余两个量。
【要点梳理】要点一、等差数列的定义 文字语言形式一般地,如果一个数列从第二项起,每一项与它的前一项的差都等于同一个常数,这个数列就叫做等差数列,这个常数叫做等差数列的公差,公差通常用字母d 表示。
要点诠释:⑴公差d 一定是由后项减前项所得,而不能用前项减后项来求;⑵共同特征:从第二项起,每一项与它前面一项的差等于同一个常数d (即公差); 符语言形式对于数列{}n a ,若1n n a a d --=(n N +∈,2n ≥,d 为常数)或1n n a a d +-=(n N +∈,d 为常数),则此数列是等差数列,其中常数d 叫做等差数列的公差。
要点诠释:定义中要求“同一个常数d ”,必须与n 无关。
等差中项如果a ,A ,b 成等差数列,那么A 叫做a 与b 的等差中项,即2ba A +=. 要点诠释:①两个数的等差中项就是两个数的算术平均数。
任意两实数a ,b 的等差中项存在且唯一. ②三个数a ,A ,b 成等差数列的充要条件是2ba A +=. 要点二、等差数列的通项公式 等差数列的通项公式首相为1a ,公差为d 的等差数列{}n a 的通项公式为:推导过程: (1)归纳法:根据等差数列定义1n n a a d --=可得:1n n a a d -=+, ∴211(21)a a d a d =+=+-,32111()2(31)a a d a d d a d a d =+=++=+=+-, 43111(2)3(41)a a d a d d a d a d =+=++=+=+-,……dn a a n )1(1-+=当n=1时,上式也成立∴归纳得出等差数列的通项公式为:d n a a n )1(1-+=(n N +∈)。
课时25-等比数列及数列的求和

若项数为 2n ,则 S奇 1 . S偶 q
课时目标 核心知识 例题讲解 同步练习 知识小结 考点规律 课后习题
核心知识
③等比数列基本量计算过程中涉及的数学思想方法.
ⅰ)方程思想:等比数列通项公式和前 n 项和公式联系着五个基本量,“知三求二”是一类最基
本的运算,通过列方程(组)求出关键的量 a1 和 q ,问题就迎刃而解. ⅱ)分类讨论的思想:等比数列的前 n 项和公式涉及到对公比的分类讨论,即分 q 1 和 q 1 两
,则
Sn
3 22
4 23
L
n 1 2n
n2 2n1
,
1 2
Sn
3 23
4 24
L
n 1 2n1
n2 2n2
.
两式相减得
1 2
Sn
3 22
1 23
1 24
L
1 2n1
n2 2n2
3 4
1 4
1
1 2n1
n2 2n2
所以 Sn
2
n4. 2n1
课时目标 核心知识 例题讲解 同步练习 知识小结 考点规律 课后习题
1 等比数列及前n项和 2 数列求和
《零起点考大学》
课时目标 核心知识 例题讲解 同步练习 知识小结 考点规律 课后习题
核心知识
(1)公式法求和
①数列求和的一般思路. 数列求和应从通项入手,若无通项,则先求通项,然后通过对通项的变形,转化为等差或等比
数列或可求前 n 和的数列来求.
课时目标 核心知识 例题讲解 同步练习 知识小结 考点规律 课后习题
(n
1)
log
a
n
小学数列求和计算题中等差数列相关知识及公式运用讲解

小学数列求和计算题中等差数列相关知识及公式运用讲解从1开始的前100个自然数的和是多少?1+2+3+4+5+6+……+99+100=?上述的计算式就是一个等差数列,相邻两项的差值都为1 ,它也被称为一个误差为1的等差数列。
1,2,3,4,5,6……99,100每一个数都称为数列的项。
从1到100,有100个数字。
这个数列就有100个项。
第一项是1,第二项是2,第三项是3,……第99项是99,第100项是100。
把1到100的数字加起来,不能一个一个加,太麻烦太费时间。
G老师介绍2种等差数列常用的求和方法。
1、配对法顾名思义,一些项目被匹配到同一个对中,以简化计算。
通过观察数列,你会发现1+100=2+99=3+98……第一项与最后一项的和,第二项与倒数第二项的和,第三项与倒数第三项的和,他们都是相等的!那我们就可以把数列配成对,看看一共有多少对,不就能算出他们的和了吗?(1+100)=101;(2+99)=101;(3+98)=101;(4+97)=101;……(50+51)=101;从其中挑出两项配对组成101,一共有100个项,两两配对,所以,一共配了100÷2=50对那么这个从1加到100的数列和我们就得到了,101x50=5050。
2、倒序相加法一个等差数列和,我们把它倒过来,然后相加,这样就得到一个项相等的数列,乘以项数,再除以2,就得到数列的和。
G老师纯手写如上图所示,让上下两个数列相加,1+100=101;(2+99)=101;(3+98)=101;(4+97)=101;……(99+2)=101;(100+1)=101;组成的新数列,每一项都是101;一共有100项,那么他的和就是101x100。
所以原数列的和就是:101x100÷2=5050【例题】计算2+4+6+8+10+……+198+200分析:这个算式中相邻两项的差为2,一共有(200-2)/2+1=100项。
数列求和(1月11日)

数列求和数列求和这类问题在初中、高中乃至大学的课本里都占有一定的比例,我们在小学学习数列求和问题的目的旨在发散思维,断炼学生观察事物的能力,通过观察,得以揭示出事物的发展和变化规律。
【知识要点】数列:若干个数排成一列称为数列。
项:数列中的每一个数称为一项。
其中第一项称为首项,最后一项称为末项,数列中项的个数称为项数。
特殊的数列——等差数列:数列中任意相邻两项的差相当公差:等差数列中相邻两项的差称为公差。
在这一章要用到两个非常重要的公式:“通项公式”和“项数公式”。
通项公式:第n项=首项+(项数-1)×公差项数公式:项数=(末项-首项)÷公差+1【例题讲解及思维拓展训练题】例1:有一等差数列:3,7,11,15,……,这个等差数列的第100项是多少?分析:这个等差数列的首项是3.公差是4,项数是100。
要求第100项列表分析找规律:解:第100项=3+(100-1)×4=399.总结:通项公式:第n项=首项+(项数-1)×公差思维拓展训练一:1.一等差数列,首项=3.公差=2.项数=10,它的末项是多少?2.求1,4,7,10……这个等差数列的第30项。
3.求等差数列2,6,10,14……的第100项。
例2:有一个数列:4,10,16,22,…,52.这个数列共有多少项?分析:容易看出这是一个等差数列,公差为6,首项是4,末项是52.总结例1:要求一列数有多少项,可以先求出末项比首项多的公差的个数,再加1.解:项数=(52-4)÷6+1=9,即这个数列共有9项。
总结:项数公式:项数=(末项-首项)÷公差+1思维拓展训练二:1.等差数列中,首项=1.末项=39,公差=2.这个等差数列共有多少项?2.有一个等差数列:2,5,8,11.…,101.这个等差数列共有多少项?3.已知等差数列11,16,21,26,…,1001.这个等差数列共有多少项?例3:有这样一个数列:1,2,3,4,…,99,100。
数列的递推关系与数列求和

2011年广东省高考数学二轮专题讲解 ——数列的递推关系与数列求和一、主要知识点1.递推公式是给出数列的一种方法.递推公式与通项公式的相互导出,或以递推公式研究数列的性质是递推数列中两类常见的问题。
数列的递推式是数列的另一种表达形式。
由递推关系探求数列的通项是高考的热点.要注重叠加、叠乘、迭代等解题技巧的训练。
已知递推数列求通项公式的常规方法如下:(1)已知n S (即12()n a a a f n +++= )求n a ,用作差法:{11,(1),(2)n n n S n a S S n -==-≥。
(2)已知)(21n f a a a n =⋅⋅⋅ 求n a ,用作商法:(1),(1)(),(2)(1)n f n f n a n f n =⎧⎪=⎨≥⎪-⎩。
(3)若1()n n a a f n +-=求n a 用累加法:11221()()()n n n n n a a a a a a a ---=-+-++-1a +(2)n ≥。
(4)已知1()n n a f n a +=求n a ,用累乘法:121121n n n n n a a aa a a a a ---=⋅⋅⋅⋅ (2)n ≥。
(5)已知递推关系求n a ,用构造法(构造等差、等比数列)。
特别地:①形如1n n a ka b -=+、1n n n a ka b -=+(,k b 为常数)的递推数列都可以用待定系数法转化为公比为k 的等比数列后,再求n a 。
②形如11n n n a a ka b--=+的递推数列都可以用倒数法求通项。
2.数列求和的问题需要根据数列特点选择解决方法,必须掌握常用的数列求和方法: 例如:(1)公式法:①等差数列求和公式;②等比数列求和公式;(2)分组求和法:在直接运用公式法求和有困难时,常将“和式”中“同类项”先合并在一起,再运用公式法求和;(3)倒序相加法:若和式中到首尾距离相等的两项和有其共性或数列的通项与组合数相关联,则常可考虑选用倒序相加法,发挥其共性的作用求和(这也是等差数列前n 和公式的推导方法);(4)错位相减法:如果数列的通项是由一个等差数列的通项与一个等比数列的通项相乘构成,那么常选用错位相减法(这也是等比数列前n 和公式的推导方法);(5)裂项相消法:如果数列的通项可“分裂成两项差”的形式,且相邻项分裂后相关联,那么常选用裂项相消法求和;(6)通项转换法:先对通项进行变形,发现其内在特征,再运用分组求和法求和; 但数列求和往往和其他知识综合在一起,综合性较强。
数列求前n项和方法总结

解析:由题可知,{ }的通项是等差数列{2n-1}….②(设制错位)
①-②得 (错位相减)
再利用等比数列的求和公式得:
∴
例5求数列 的前n项和.
解:设 (裂项)
则 (裂项求和)
=
=
小结:此类变形的特点是将原数列每一项拆为两项之后,其中中间的大部分项都互相抵消了。只剩下有限的几项。余下的项具有如下的特点:余下的项前后的位置前后是对称的;余下的项前后的正负性是相反的。
(分组)
前一个括号内是一个等比数列的和,后一个括号内是一个等差数列的和,因此
例2、求和
[解析]:
例3、已知函数
(1)证明: ;
(2)求 的值.
解析:(1)先利用指数的相关性质对函数化简,后证明左边=右边
(2)利用第(1)小题已经证明的结论可知,
两式相加得:
所以 .
小结:解题时,认真分析对某些前后具有对称性的数列,可以运用倒序相加法求和.
教学内容
一、本周错题讲解
二、知识点梳理
求数列前n项和的常用方法总结
(1)公式法:
等差数列求和公式:
等比数列求和公式:
自然数方幂和公式:
(2)分组化归法:将数列的每一项拆成多项,然后重新分组,将一般数列求和问题转化为特殊数列求和问题。运用这种方法的关键是将通项变形。
(3)并项转化法:在数列求和过程中,将某些项分组合并后转化为特殊数列再求和。利用该法时要注意有时要对所分项数是奇数还是偶数进行讨论。
四、课堂练习
1、在各项均为正数的等比数列中,若 的值.
2、求和:
解:
3、求值:
4、求数列 的前n项和
5、已知 ,求数列{an}的前n项和Sn.
新高考数学复习知识点讲解与练习34---数列求和的常用方法

新高考数学复习知识点讲解与练习数列求和的常用方法知识梳理求数列的前n 项和的方法(1)公式法①等差数列的前n 项和公式S n =n (a 1+a n )2=na 1+n (n -1)2d . ②等比数列的前n 项和公式(ⅰ)当q =1时,S n =na 1;(ⅱ)当q ≠1时,S n =a 1(1-q n )1-q =a 1-a n q 1-q. (2)分组转化法把数列的每一项分成两项或几项,使其转化为几个等差、等比数列,再求解.(3)裂项相消法把数列的通项拆成两项之差求和,正负相消剩下首尾若干项.(4)倒序相加法把数列分别正着写和倒着写再相加,即等差数列求和公式的推导过程的推广.(5)错位相减法主要用于一个等差数列与一个等比数列对应项相乘所得的数列的求和,即等比数列求和公式的推导过程的推广.(6)并项求和法一个数列的前n 项和中,可两两结合求解,则称之为并项求和.形如a n =(-1)n f (n )类型,可采用两项合并求解.例如,S n =1002-992+982-972+…+22-12=(100+99)+(98+97)+…+(2+1)=5 050.1.一些常见数列的前n 项和公式(1)1+2+3+4+…+n =n (n +1)2; (2)1+3+5+7+…+(2n -1)=n 2;(3)2+4+6+…+2n =n 2+n ;(4)12+22+32+…+n 2=16n (n +1)(2n +1).2.常见的裂项公式(1)1n (n +1)=1n -1n +1; (2)1(2n -1)(2n +1)=12⎝ ⎛⎭⎪⎫12n -1-12n +1; (3)1n +n +1=n +1-n .诊断自测1.若数列{a n }的通项公式为a n =2n +2n -1,则数列{a n }的前n 项和为()A .2n +n 2-1B .2n +1+n 2-1C .2n +1+n 2-2D .2n +n -2答案C解析 S n =2(1-2n )1-2+n (1+2n -1)2=2n +1-2+n 2. 2.已知数列{a n }的前n 项和为S n ,a 1=1,当n ≥2时,a n +2S n -1=n .则S 2 021等于()A.1 011 B.1 008 C.1 009 D.1 010答案A解析由a n+2S n-1=n(n≥2)得a n+1+2S n=n+1,两式相减得a n+1-a n+2a n=1⇒a n+1+a n=1⇒S2 021=a1+(a2+a3)+…+(a2 018+a2 019)+(a2 020+a2 021)=1 010×1+1=1 011.3.数列{a n}的通项公式为a n=(-1)n-1·(4n-3),则它的前100项之和S100等于() A.200 B.-200 C.400 D.-400答案B解析S100=(4×1-3)-(4×2-3)+(4×3-3)-…-(4×100-3)=4×[(1-2)+(3-4)+…+(99-100)]=4×(-50)=-200.4.(必修5P61A4(3)改编)1+2x+3x2+…+nx n-1=________(x≠0且x≠1).答案1-x n(1-x)2-nx n1-x解析设S n=1+2x+3x2+…+nx n-1,①则xS n=x+2x2+3x3+…+nx n,②①-②得(1-x)S n=1+x+x2+…+x n-1-nx n=1-x n1-x-nx n,∴S n=1-x n(1-x)2-nx n 1-x.5.数列{a n}的通项公式为a n=n cos nπ2,其前n项和为S n,则S2 021=________.答案1 010解析因为数列a n=n cos nπ2呈周期性变化,观察此数列规律如下:a1=0,a2=-2,a3=0,a4=4.故S 4=a 1+a 2+a 3+a 4=2.a 5=0,a 6=-6,a 7=0,a 8=8,故a 5+a 6+a 7+a 8=2,∴周期T =4.∴S 2 021=2 0204×2+a 1=1 010.6.(2016·浙江卷)设数列{a n }的前n 项和为S n .若S 2=4,a n +1=2S n +1,n ∈N *,则a 1=________,S 5=________.答案1121解析 由⎩⎨⎧a 2=2a 1+1,a 2+a 1=4,解得⎩⎨⎧a 1=1,a 2=3,当n ≥2时,由已知可得:a n +1=2S n +1,①a n =2S n -1+1,②①-②得a n +1-a n =2a n ,∴a n +1=3a n ,又a 2=3a 1,∴{a n }是以a 1=1为首项,公比q =3的等比数列.∴S 5=1-1×351-3=121.考点一 分组转化法求和【例1】(2021·深圳二调)已知数列{a n }满足a 1=2,a n +1=a n +2n +2(n ∈N *).(1)判断数列{a n -2n }是否为等差数列,并说明理由;(2)记S n 为数列{a n }的前n 项和,求S n .解(1)设b n =a n -2n ,则b n +1=a n +1-2n +1,则b n +1-b n =(a n +1-2n +1)-(a n -2n )=a n +1-a n -2n , =(a n +2n +2)-a n -2n =2(n ∈N *),所以数列{a n -2n }是首项为0,公差d =2的等差数列.(2)由(1)可知a n -2n =0+2(n -1),∴a n =2n +2(n -1),∴S n =2×(1-2n )1-2+n [0+2(n -1)]2=2n +1+n 2-n -2. 感悟升华(1)若数列{c n }的通项公式为c n =a n ±b n ,且{a n },{b n }为等差或等比数列,可采用分组求和法求数列{c n }的前n 项和.(2)若数列{c n }的通项公式为c n =⎩⎨⎧a n ,n 为奇数,b n ,n 为偶数,其中数列{a n },{b n }是等比数列或等差数列,可采用分组求和法求{c n }的前n 项和.【训练1】(2021·绍兴月考)已知数列{a n }的前n 项和S n =n 2+n 2,n ∈N *.(1)求数列{a n }的通项公式;(2)设b n =2a n +(-1)n a n ,求数列{b n }的前2n 项和.解(1)当n =1时,a 1=S 1=1;当n ≥2时,a n =S n -S n -1=n 2+n 2-(n -1)2+(n -1)2=n . a 1也满足a n =n ,故数列{a n }的通项公式为a n =n (n ∈N *).(2)由(1)知a n =n ,故b n =2n +(-1)n n .记数列{b n }的前2n 项和为T 2n ,则T 2n =(21+22+…+22n )+(-1+2-3+4-…+2n ).记A =21+22+…+22n ,B =-1+2-3+4-…+2n ,则A =2(1-22n )1-2=22n +1-2,B =(-1+2)+(-3+4)+…+[-(2n -1)+2n ]=n .故数列{b n }的前2n 项和T 2n =A +B =22n +1+n -2.考点二 错位相减法求和【例2】(2021·新力量联盟期末)已知数列{a n }是等差数列,S n 为其前n 项和,且a 5=3a 2,S 7=14a 2+7.(1)求数列{a n }的通项公式;(2)设数列{a n +b n }是首项为1,公比为2的等比数列,求数列{b n (a n +b n )}的前n 项和T n . 解(1)设等差数列{a n }的公差为d .由a 5=3a 2得a 1+4d =3(a 1+d ),化简得d =2a 1,①由S 7=14a 2+7得d =a 1+1,②由①②得a 1=1,d =2,所以数列{a n }的通项公式为a n =2n -1.(2)由数列{a n +b n }是首项为1,公比为2的等比数列得a n +b n =2n -1,即2n -1+b n =2n -1, 所以b n =2n -1-2n +1,所以b n (a n +b n )=2n -1·(2n -1-2n +1)=4n -1-(2n -1)2n -1,令c n =4n -1,d n =(2n -1)2n -1, 则{c n }的前n 项和P n =4n -13,{d n }的前n 项和Q n =1×1+3×2+5×22+…+(2n -3)2n -2+ (2n -1)2n -1,③2Q n =1×2+3×22+5×23+…+(2n -3)2n -1+(2n -1)2n ,④③-④得-Q n =1+2×2+2×22+…+2×2n -1-(2n -1)2n=2(1+2+22+…+2n -1)-(2n -1)2n -1=(3-2n )2n -3,所以Q n =(2n -3)2n +3,所以T n =P n -Q n =4n 3-(2n -3)2n -103.感悟升华(1)一般地,如果数列{a n }是等差数列,{b n }是等比数列,求数列{a n ·b n }的前n 项和时,可采用错位相减法求和.(2)在写出“S n ”与“qS n ”的表达式时应特别注意将两式“错项对齐”以便下一步准确写出“S n -qS n ”的表达式.【训练2】(2021·嘉、丽、衢模拟)设等比数列{a n }的前n 项和为S n ,若a n +1=2S n +1(n ∈N *).(1)求数列{a n }的通项公式;(2)在a n 和a n +1之间插入n 个实数,使得这n +2个数依次组成公差为d n 的等差数列,求数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫1d n 的前n 项和T n . 解(1)因为a n +1=2S n +1,故a n =2S n -1+1(n ≥2),两式相减可得a n +1-a n =2(S n -S n -1)=2a n (n ≥2),故a n +1=3a n (n ≥2),因为{a n }是等比数列,且a 2=2a 1+1,所以3a 1=2a 1+1,故a 1=1,所以a n =3n -1.(2)由题设可得a n +1=a n +(n +1)d n ,所以1d n =n +1a n +1-a n =n +12·3n -1, 所以T n =1+32·3+42·32+…+n +12·3n -1, ① 则13T n =13+32·32+…+n 2·3n -1+n +12·3n , ② ①-②得23T n =1+12·3+12·32+…+12·3n -1-n +12·3n =1+12·3⎝ ⎛⎭⎪⎫1-13n -11-13-n +12·3n .所以T n =158-2n +58·3n -1. 考点三 裂项相消法求和【例3】已知数列{a n }中,a 1=1,a 2=2,a n +1+2a n -1=3a n (n ≥2),数列{a n }的前n 项和为S n .(1)求a n ;(2)设b n =S n +1S n ·S n +1(n ∈N *),T n =b 1+b 2+…+b n ,求T n . 解 (1)由题意知a n +1-a n =2(a n -a n -1)(n ≥2),又因为a 2-a 1=1≠0,所以数列{a n +1-a n }为首项为1,公比为2的等比数列,所以a n +1-a n =2n -1. 当n ≥2时,a n =(a n -a n -1)+(a n -1-a n -2)+…+(a 2-a 1)+a 1=2n -2+2n -3+…+20+1=1×(1-2n -1)1-2+1=2n -1, 当n =1时,a 1=1也满足上式,故a n =2n -1,n ∈N *.(2)由(1)知,S n =2n -1,所以b n =2n (2n -1)·(2n +1-1)=12n -1-12n +1-1, 故T n =b 1+b 2+…+b n =121-1-122-1+122-1-123-1+…+12n -1-12n +1-1=121-1-12n +1-1=1-12n +1-1. 感悟升华(1)利用裂项相消法求和时,应注意抵消后并不一定只剩下第一项和最后一项,也有可能前面剩两项,后面也剩两项.(2)将通项公式裂项后,有时候需要调整前面的系数,使裂开的两项之差和系数之积与原通项公式相等.【训练3】正项数列{a n }的前n 项和S n 满足:S 2n -(n 2+n -1)S n -(n 2+n )=0.(1)求数列{a n }的通项公式;(2)令b n =n +1(n +2)2a 2n,求数列{b n }的前n 项和T n . 解(1)由S 2n -(n 2+n -1)S n -(n 2+n )=0,得[S n -(n 2+n )](S n +1)=0.由于{a n }是正项数列,所以S n >0,S n =n 2+n .于是a 1=S 1=2,当n ≥2时,a n =S n -S n -1=n 2+n -(n -1)2-(n -1)=2n ,又a 1=2=2×1适合上式.综上,数列{a n }的通项公式a n =2n (n ∈N *).(2)由于a n =2n ,b n =n +1(n +2)2a 2n, 则b n =n +14n 2(n +2)2=116⎣⎢⎡⎦⎥⎤1n 2-1(n +2)2. T n =116⎣⎢⎡1-132+122-142+132-152+… ⎦⎥⎤+1(n -1)2-1(n +1)2+1n 2-1(n +2)2 =116⎣⎢⎡⎦⎥⎤1+122-1(n +1)2-1(n +2)2 =564-116(n +1)2-116(n +2)2.基础巩固题组一、选择题1.数列{a n }的前n 项和为S n ,已知S n =1-2+3-4+…+(-1)n -1·n ,则S 17=()A .9B .8C .17D .16答案A解析 S 17=1-2+3-4+5-6+…+15-16+17=1+(-2+3)+(-4+5)+(-6+7)+…+(-14+15)+(-16+17)=1+1+1+…+1=9.2.已知数列{a n }满足a 1=1,a 2=3,a n +1a n -1=a n (n ≥2),则数列{a n }的前40项和S 40=()A .20B .40C .60D .80答案C解析 由a n +1=a n a n -1(n ≥2),a 1=1,a 2=3,可得a 3=3,a 4=1,a 5=13,a 6=13,a 7=1,a 8=3,…,这是一个周期为6的数列,一个周期内的6项之和为263,又40=6×6+4,所以S 40=6×263+1+3+3+1=60.3.已知数列{a n }满足a n +1-a n =2,a 1=-5,则|a 1|+|a 2|+…+|a 6|=() A .9 B .15 C .18 D .30 答案C解析 ∵a n +1-a n =2,a 1=-5,∴数列{a n }是公差为2的等差数列. ∴a n =-5+2(n -1)=2n -7.数列{a n }的前n 项和S n =n (-5+2n -7)2=n 2-6n .令a n =2n -7≥0,解得n ≥72. ∴n ≤3时,|a n |=-a n ;n ≥4时,|a n |=a n . 则|a 1|+|a 2|+…+|a 6|=-a 1-a 2-a 3+a 4+a 5+a 6= S 6-2S 3=62-6×6-2(32-6×3)=18.4.(2021·镇海中学检测)已知数列{a n }满足a n >0,a 2n +1+a 2n +14=a n +a n +1,a 1=12,则该数列的前2 020项和等于()A.3 0272 B .1 514 C.3 0292 D .1 515 答案D解析 由题意得⎝ ⎛⎭⎪⎫a n +1-122+⎝ ⎛⎭⎪⎫a n -122=14,又a n >0,所以a 2=1,a 3=12,a 4=1,可得a n=⎩⎪⎨⎪⎧12,n =2k -1,k ∈N *,1,n =2k ,k ∈N *,所以该数列的前2 020项和S 2 020 =1 010×⎝ ⎛⎭⎪⎫1+12=1 515,故选D. 5.已知数列{a n }满足a 1=1,a n +1·a n =2n (n ∈N *),则S 2 020=() A .22 018-1 B .3·21 010-3C .3·21 009-1D .3·21 009-2 答案B解析 a 1=1,a 2=2a 1=2,又a n +2·a n +1a n +1·a n =2n +12n =2.∴a n +2a n =2.∴数列{a n }的奇数项和偶数项分别成等比数列,公比均为2,∴S 2 020=a 1+a 2+a 3+a 4+a 5+a 6+…+a 2 017+a 2 018+a 2 019+a 2 020 =(a 1+a 3+a 5+…+a 2 019)+(a 2+a 4+a 6+…+a 2 020) =1-21 0101-2+2(1-21 010)1-2=3·21 010-3.6.(2021·金丽衢十二校二联)设正数数列{a n }满足a 1+a 2+…+a n =S n ,S 1S 2…S n =T n ,S n+T n =1,则数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫1a n 的前10项和属于()A .(0,500)B .(500,1 000)C .(1 000,2 000)D .(2 000,3 000) 答案A解析 因为S 1S 2…S n =T n ,S n +T n =1,所以S 1S 2…S n =1-S n ,当n =1时,S 1=1-S 1,所以S 1=12;当n =2时,S 1S 2=1-S 2,即12S 2=1-S 2,所以S 2=23;当n =3时,S 1S 2S 3=1-S 3,即13S 3=1-S 3,所以S 3=34,故猜想S n =n n +1,则T n =1n +1,代入已知检验等式S 1S 2…S n=T n ,S n +T n =1成立,所以当n ≥2时,a n =S n -S n -1=nn +1-n -1n =n 2-n 2+1n (n +1)=1n (n +1),又a 1=S 1=12,满足a n =1n (n +1),所以a n =1n (n +1),所以1a n=n (n +1)=n 2+n ,所以1a 1+1a 2+…+1a 10=12+22+32+…+102+(1+2+3+…+10)=16×10×11×21+(1+10)×102=440∈(0,500),故选A.二、填空题7.(2020·浙江卷)我国古代数学家杨辉、朱世杰等研究过高阶等差数列的求和问题,如数列⎩⎪⎨⎪⎧⎭⎪⎬⎪⎫n (n +1)2就是二阶等差数列.数列⎩⎪⎨⎪⎧⎭⎪⎬⎪⎫n (n +1)2(n ∈N *)的前3项和是__________.答案10解析 设a n =n (n +1)2,则a 1=1×22=1,a 2=2×32=3,a 3=3×42=6,因此前3项和S 3=a 1+a 2+a 3=1+3+6=10.8.有穷数列1,1+2,1+2+4,…,1+2+4+…+2n -1所有项的和为________. 答案2n +1-2-n解析 由题意知所求数列的通项为1-2n 1-2=2n -1,故由分组求和法及等比数列的求和公式可得和为2(1-2n )1-2-n =2n +1-2-n .9.数列{a n }满足a n +a n +1=12(n ∈N *),且a 1=1,S n 是数列{a n }的前n 项和,则S 21=________. 答案6解析 由a n +a n +1=12,∴S 21=a 1+(a 2+a 3)+(a 4+a 5)+…+(a 20+a 21) =1+10×12=6.10.(2021·杭州质检)已知函数f (x )=x α的图象过点(4,2),令a n =1f (n +1)+f (n ),n ∈N *.记数列{a n }的前n 项和为S n ,则S 2 021=________. 答案 2 022-1解析 由f (4)=2,可得4α=2,解得α=12,则f (x )=x 12.∴a n =1f (n +1)+f (n )=1n +1+n=n +1-n ,S 2 021=a 1+a 2+a 3+…+a 2 021=(2-1)+(3-2)+(4-3)+…+( 2 022- 2 021)= 2 022-1. 三、解答题11.(2021·浙江名校仿真训练)设各项均为正数的数列{a n }的前n 项和为S n ,满足:对任意的n ∈N *,都有a n +1+S n +1=1,又a 1=12. (1)求数列{a n }的通项公式;(2)令b n =log 2a n ,求1b 1b 2+1b 2b 3+…+1b n b n +1(n ∈N *).解(1)由a n +1+S n +1=1,① 得a n +S n =1(n ≥2,n ∈N *).② ①-②,得2a n +1-a n =0, 即a n +1=12a n (n ≥2,n ∈N *).由a 2+S 2=a 2+(a 1+a 2)=2a 1=1,a 1=12, 得a 2=14=12a 1,所以a n +1=12a n (n ∈N *),所以数列{a n }是首项和公比都为12的等比数列, 因此a n =12n ,n ∈N *.(2)由a n =12n ,得b n =log 2a n =-n , 所以1b n b n +1=1n (n +1)=1n -1n +1, 所以1b 1b 2+1b 2b 3+…+1b n b n +1=⎝ ⎛⎭⎪⎫1-12+⎝ ⎛⎭⎪⎫12-13+…+⎝ ⎛⎭⎪⎫1n -1n +1 =1-1n +1=nn +1.12.(2020·全国Ⅰ卷)设{a n }是公比不为1的等比数列,a 1为a 2,a 3的等差中项. (1)求{a n }的公比;(2)若a 1=1,求数列{na n }的前n 项和. 解(1)设{a n }的公比为q ,由题设得2a 1=a 2+a 3,即2a 1=a 1q +a 1q 2.所以q 2+q -2=0,解得q =1(舍去)或q =-2. 故{a n }的公比为-2.(2)记S n 为{na n }的前n 项和.由(1)及题设可得 a n =(-2)n -1,所以S n =1+2×(-2)+…+n ·(-2)n -1, -2S n =-2+2×(-2)2+…+(n -1)·(-2)n -1+n ·(-2)n . 所以3S n =1+(-2)+(-2)2+…+(-2)n -1-n ·(-2)n =1-(-2)n3-n ·(-2)n.所以S n =19-(3n +1)(-2)n9.能力提升题组13.(2021·嘉兴二测)已知数列{a n }满足a 1=a 且a n +1=⎩⎪⎨⎪⎧12a n ,n =2k -1,k ∈N *,2a n ,n =2k ,k ∈N *.设S n 是数列{a n }的前n 项和,若S 2 021=1,则a 的值为() A.13 030 B.12 020 C.11 516 D .1 答案C解析 由题意得a 2k =12a 2k -1,a 2k +1=2a 2k ,a 2k +3=2a 2k +2,则a 2k +1=a 2k -1=2a 2k .又a 2k +3=2a 2k +2=a 2k +1=2a 2k ,则a 2k =a 2k +2,所以数列{a n }是以2为周期的周期数列,所以S 2 021=1 010⎝ ⎛⎭⎪⎫a +12a +a =1 516a ,即a =11 516,故选C.14.已知数列{a n }的通项公式为a n =1(n +1)n +n n +1(n ∈N *),其前n 项和为S n ,则在数列S 1,S 2,…,S 2 016中,有理数项的项数为() A .42 B .43 C .44 D .45 答案B解析a n=1(n+1)n+n n+1=(n+1)n-n n+1[(n+1)n+n n+1][(n+1)n-n n+1]=nn-n+1n+1.所以S n=1-22+⎝⎛⎭⎪⎫22-33+⎝⎛⎭⎪⎫33-44+…+⎝⎛⎭⎪⎫nn-n+1n+1=1-n+1n+1,因此S3,S8,S15…为有理项,又下标3,8,15,…的通项公式为n2-1(n≥2),所以n2-1≤2 016,且n≥2,所以2≤n≤44,所以有理项的项数为43.15.(2021·浙江名校联考信息卷七)已知数列{a n}的前n项和为S n,若a1=1,a2=2,且对任意n∈N*,有a2n+1=a n a n+2+5,则S1+S2+…+S2 021=________.答案3 031解析因为a1=1,a2=2,a22=a1a3+5,所以a3=-1,由a23=a2a4+5得a4=-2,由a24=a3a5+5得a5=1,由a25=a4a6+5得a6=2,…,所以{a n}是周期为4的数列.所以S1=1,S2=a1+a2=3,S3=a1+a2+a3=a2=2,S4=a1+a2+a3+a4=0,S5=a1+a2+a3+a4+a5=1=S1,…,所以{S n}是周期为4的数列.又S1+S2+S3+S4=6,所以S1+S2+…+S2 021=505(S1+S2+S3+S4)+S1=3 031.16.设函数f(x)=22x+1,利用课本中推导等差数列前n项和的方法,求得f(-5)+f(-4)+…+f(0)+…+f(4)+f(5)的值为________.答案11解析函数f(x)=22x+1,可得f(-x)=22-x+1=2·2x1+2x,则f(x)+f(-x)=2(1+2x)1+2x=2,设s=f(-5)+f(-4)+…+f(0)+…+f(4)+f(5),则s =f (5)+f (4)+…+f (0)+…+f (-4)+f (-5),相加可得2s =[f (-5)+f (5)]+[f (-4)+f (4)]+…+2f (0)+…+[f (4)+f (-4)]+[f (5)+f (-5)] =2+2+…+2+…+2+2=2×11, 可得s =11.17.(2021·湖州中学质检一)设{a n }是等差数列,{b n }是等比数列,已知a 1=1,b 1=2,b 2=2a 2,b 3=2a 3+2. (1)求a n 和b n ;(2)设数列{c n }满足c 1=1,c n =⎩⎨⎧a n ,2k <n <2k +1,1,n =2k,其中k ∈N ,设数列{c n }的前n 项和为S n ,求S 2n 的值.解(1)设等差数列{a n }的公差为d ,等比数列{b n }的公比为q ,依题意得⎩⎨⎧2q =2(1+d ),2q 2=2(1+2d )+2, 解得d =1,q =2,故a n =1+(n -1)×1=n ,b n =2×2n -1=2n .所以数列{a n }的通项公式a n =n ;数列{b n }的通项公式b n =2n . (2)依题意可知 S 2n =c 1+c 2+…+c 2n=(a 1+a 2+…+a 2n )-(a 21+a 22+…+a 2n )+n =(1+2+3+…+2n )-(2+22+…+2n )+n =2n (2n +1)2-2(2n -1)2-1+n=2n -1(2n +1)-2n +1+2+n =22n -1-3×2n -1+n +2.18.(2021·诸暨期末)数列{a n }的各项为正数,a 1=2,前n 项和为S n ,满足S n +1=n +2n S n ;等比数列{b n }的公比等于2,其首项满足n +1+log 3b 12n +1+log 3b 1是与n 无关的常数.(1)求a n ;(2)求|a 1-b 1|+|a 2-b 2|+|a 3-b 3|+…+|a n -b n |. 解 (1)∵S n +1S n=n +2n ,∴S 2S 1×S 3S 2×…×S n S n -1=31×42×53×…×n +1n -1.∴S n 2=n (n +1)2,S n =n (n +1),∴a n =S n -S n -1=2n (n ≥2). 又a 1=2也符合上式, ∴a n =2n .(2)由题意令n =1,2,得2+log 3b 13+log 3b 1=3+log 3b 15+log 3b 1,解得log 3b 1=-1,b 1=13, 此时n +1+log 3b 12n +1+log 3b 1=12为常数,∴b n =⎝ ⎛⎭⎪⎫13·2n -1.记f (n )=a n -b n =2n -2n -13,则f (n +1)-f (n )=2-2n -13,则当n ≥4时f (n )单调递减, 又f (1),f (2),…,f (6)>0,f (7)<0. ∴当n ≤6时,a n >b n ,当n ≥7时,b n >a n . 记数列{b n }的前n 项和为T n , 则T n =2n -13.当n ≤6时,|a 1-b 1|+|a 2-b 2|+…+|a n -b n | =(a 1+a 2+…+a n )-(b 1+b 2+…+b n ) =n (n +1)-2n -13;当n ≥7时,|a 1-b 1|+|a 2-b 2|+…+|a n -b n |=(a 1+a 2+…+a 6)-(b 1+b 2+…+b 6)+(b 7+…+b n )-(a 7+…+a n ) =T n -S n +2S 6-2T 6 =2n -13-n (n +1)+42.综上,|a 1-b 1|+|a 2-b 2|+…+|a n -b n | =⎩⎪⎨⎪⎧n (n +1)-2n -13,n ≤6,-n (n +1)+2n -13+42,n ≥7.。
2023年新高考数学一轮复习7-2 等差数列及其前n项和(知识点讲解)解析版
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专题7.2 等差数列及其前n 项和(知识点讲解)【知识框架】【核心素养】1.与归纳推理相结合,考查数列的概念与通项,凸显逻辑推理的核心素养.2.与函数、不等式相结合,考查数列的概念及其性质,凸显数学抽象、逻辑推理、数学运算的核心素养. 3.与递推公式相结合,考查对求通项公式的方法的掌握,凸显数学运算、数学建模的核心素养.【知识点展示】(一)等差数列1.定义:等差数列定义:一般地,如果一个数列从第项起,每一项与它的前一项的差等于同一个常数,那么这个数列就叫等差数列,这个常数叫做等差数列的公差,公差通常用字母表示.用递推公式表示为或.2.等差数列的通项公式:;说明:等差数列(通常可称为数列)的单调性:为递增数列,为常数列, 为递减数列.3.等差中项的概念:定义:如果,,成等差数列,那么叫做与的等差中项,其中 . 2d 1(2)n n a a d n --=≥1(1)n n a a d n +-=≥1(1)n a a n d =+-A P d 0>0d =0d <a A b A a b 2a bA +=,,成等差数列. 4.要注意概念中的“从第2项起”.如果一个数列不是从第2项起,而是从第3项或第4项起,每一项与它前一项的差是同一个常数,那么此数列不是等差数列. 5.注意区分等差数列定义中同一个常数与常数的区别. (二)等差数列的前和的求和公式:. (三)等差数列的通项公式及前n 项和公式与函数的关系(1)当d ≠0时,等差数列{a n }的通项公式a n =dn +(a 1-d )是关于d 的一次函数. (2)当d ≠0时,等差数列{a n }的前n 项和S n =d2n 2+⎝⎛⎭⎫a 1-d 2n 是关于n 的二次函数. (四)等差数列的前n 项和的最值在等差数列{a n }中,a 1>0,d <0,则S n 存在最大值;若a 1<0,d >0,则S n 存在最小值. (五)等差数列的性质:(1)在等差数列中,从第2项起,每一项是它相邻二项的等差中项;(2)在等差数列中,相隔等距离的项组成的数列是等差数列, 如:,,,,……;,,,,……;(3)在等差数列中,对任意,,,;(4)在等差数列中,若,,,且,则,特殊地,时,则,是的等差中项.(5)等差数列被均匀分段求和后,得到的数列仍是等差数列,即成等差数列.(6)两个等差数列{}n a 与{}n b 的和差的数列{}n n a b ±仍为等差数列. (7)若数列{}n a 是等差数列,则{}n ka 仍为等差数列.(8)设数列是等差数列,且公差为,(Ⅰ)若项数为偶数,设共有项,则①-S S nd =奇偶; ②;(Ⅱ)若项数为奇数,设共有项,则①S S -偶奇(中间项);②. (9)等差数列中,(),p q a q a p p q ==≠,则0p q a +=,m n m n S S S mnd +=++.a Ab ⇔2a bA +=n 11()(1)22n n n a a n n S na d +-==+{}n a {}n a 1a 3a 5a 7a 3a 8a 13a 18a {}n a m n N +∈()n m a a n m d =+-n ma a d n m-=-()m n ≠{}n a m n p q N +∈m n p q +=+m n p q a a a a +=+{}n a d 2n 1n n S a S a +=奇偶21n -n a a ==中1S nS n =-奇偶(10)如果两个等差数列有公共项,那么由它们的公共项顺次组成的新数列也是等差数列,且新等差数列的公差是两个原等差数列公差的最小公倍数.(11)若与{}n b 为等差数列,且前n 项和分别为n S 与'n S ,则2121'm m m m a Sb S --=. (12)等差数列的增减性:0d >时为递增数列,且当10a <时前n 项和n S 有最小值.0d <时为递减数列,且当10a >时前n 项和n S 有最大值.【常考题型剖析】题型一:等差数列基本量的运算例1.(2019·全国·高考真题(理))记n S 为等差数列{}n a 的前n 项和.已知4505S a ==,,则( ) A .25n a n =- B .310n a n =- C .228n S n n =-D .2122n S n n =-【答案】A 【解析】 【分析】等差数列通项公式与前n 项和公式.本题还可用排除,对B ,55a =,44(72)1002S -+==-≠,排除B ,对C ,245540,25850105S a S S ==-=⨯-⨯-=≠,排除C .对D ,24554150,5250522S a S S ==-=⨯-⨯-=≠,排除D ,故选A . 【详解】由题知,41514430245d S a a a d ⎧=+⨯⨯=⎪⎨⎪=+=⎩,解得132a d =-⎧⎨=⎩,∴25n a n =-,故选A .例2.(2022·全国·高考真题(文))记n S 为等差数列{}n a 的前n 项和.若32236S S =+,则公差d =_______. 【答案】2 【解析】【分析】转化条件为()112+226a d a d =++,即可得解. 【详解】由32236S S =+可得()()123122+36a a a a a +=++,化简得31226a a a =++, 即()112+226a d a d =++,解得2d =. 故答案为:2.{}n a【总结提升】1.解决等差数列运算问题的思想方法(1)方程思想:等差数列的基本量为首项a 1和公差d ,通常利用已知条件及通项公式或前n 项和公式列方程(组)求解,等差数列中包含a 1,d ,n ,a n ,S n 五个量,可“知三求二”.(2)整体思想:当所给条件只有一个时,可将已知和所求都用a 1,d 表示,寻求两者间的联系,整体代换即可求解.(3)利用性质:运用等差数列性质可以化繁为简、优化解题过程. 2.等差数列的通项公式及前n 项和公式,共涉及五个量1,,,,n n a d n a S ,知其中三个就能求另外两个,即知三求二,多利用方程组的思想,体现了用方程的思想解决问题.3.特殊设法:三个数成等差数列,一般设为,,a d a a d -+;四个数成等差数列,一般设为3,,,3a d a d a d a d --++.这对已知和,求数列各项,运算很方便.题型二:等差数列的判定与证明例3. (2020·山东·高考真题)某男子擅长走路,9天共走了1260里,其中第1天、第4天、第7天所走的路程之和为390里.若从第2天起,每天比前一天多走的路程相同,问该男子第5天走多少里.这是我国古代数学专著《九章算术》中的一个问题,请尝试解决. 【答案】140里. 【解析】 【分析】由条件确定,该男子这9天中每天走的路程数构成等差数列,根据等差数列的通项公式,和前n 项和公式,列式求解.【详解】解:因为从第2天起,每天比前一天多走的路程相同, 所以该男子这9天中每天走的路程数构成等差数列, 设该数列为{}n a ,第1天走的路程数为首项1a ,公差为d , 则91260S =,147390a a a ++=. 因为1(1)2n n n S na d -=+,1(1)n a a n d =+-, 1(1)n a a n d =+-11()(1)22n n n a a n n S na d +-==+所以11119(91)91260236390a d a a d a d ⨯-⎧+=⎪⎨⎪++++=⎩,解得110010a d =⎧⎨=⎩,则514100410140a a d =+=+⨯=, 所以该男子第5天走140里.例4.(2021·全国·高考真题(文))记n S 为数列{}n a 的前n 项和,已知210,3n a a a >=,且数列是等差数列,证明:{}n a 是等差数列. 【答案】证明见解析. 【解析】 【分析】的公差d,进一步写出的通项,从而求出{}n a 的通项公式,最终得证. 【详解】∵数列是等差数列,设公差为d(n -()n *∈N∴12n S a n =,()n *∈N∴当2n ≥时,()221111112n n n a S S a n a n a n a -=-=--=- 当1n =时,11121=a a a ⨯-,满足112n a a n a =-, ∴{}n a 的通项公式为112n a a n a =-,()n *∈N ∴()()111111221=2n n a a a n a a n a a --=----⎡⎤⎣⎦∴{}n a 是等差数列.例5.(2021·全国·高考真题(理))已知数列{}n a 的各项均为正数,记n S 为{}n a 的前n 项和,从下面①①①中选取两个作为条件,证明另外一个成立. ①数列{}n a是等差数列:②数列是等差数列;③213a a =. 注:若选择不同的组合分别解答,则按第一个解答计分. 【答案】证明过程见解析 【解析】 【分析】选①②作条件证明③时,结合,n n a S 的关系求出n a ,利用{}n a 是等差数列可证213a a =;也可分别设出公差,写出各自的通项公式后利用两者的关系,对照系数,得到等量关系,进行证明.选②③作条件证明①时,an b =+,结合,n n a S 的关系求出n a ,根据213a a =可求b ,然后可证{}n a 是等差数列;也可利用前两项的差求出公差,然后求出通项公式,进而证明出结论. 【详解】选①②作条件证明③:[方法一]:待定系数法+n a 与n S 关系式(0)an b a +>,则()2n S an b =+, 当1n =时,()211a S a b ==+;当2n ≥时,()()221n n n a S S an b an a b -=-=+--+()22a an a b =-+;因为{}n a 也是等差数列,所以()()222a b a a a b +=-+,解得0b =;所以()221n a a n =-,21a a =,故22133a a a ==.[方法二] :待定系数法设等差数列{}n a 的公差为d,等差数列的公差为1d ,1(1)n d -,将1(1)2n n n S na d -=+1(1)n d -,化简得())2222211111222d d n a n d n d n d ⎛⎫+-=+-+⎪⎝⎭对于n +∀∈N恒成立.则有21211112,240,d d a d d d ⎧=⎪⎪-=-⎨=,解得112d d a =.所以213a a =. 选①③作条件证明②:因为213a a =,{}n a 是等差数列, 所以公差2112d a a a =-=, 所以()21112n n n S na d n a -=+=,)1n =+=所以是等差数列. 选②③作条件证明①: [方法一]:定义法(0)an b a +>,则()2n S an b =+, 当1n =时,()211a S a b ==+;当2n ≥时,()()221n n n a S S an b an a b -=-=+--+()22a an a b =-+;因为213a a =,所以()()2323a a b a b +=+,解得0b =或43a b =-; 当0b =时,()221,21n a a a a n ==-,当2n ≥时,2-1-2n n a a a =满足等差数列的定义,此时{}n a 为等差数列;当43a b =-4=3an b an a +-03a=-<不合题意,舍去. 综上可知{}n a 为等差数列. [方法二]【最优解】:求解通项公式因为213a a =,因为也为等差数列,所以公差1d()11n d =-=故21n S n a =,当2n ≥时,()()221111121n n n a S S n a n a n a -=-=--=-,当1n =时,满足上式,故{}n a 的通项公式为()121n a n a =-,所以()1123n a n a -=-,112n n a a a --=,符合题意. 【整体点评】这类题型在解答题中较为罕见,求解的关键是牢牢抓住已知条件,结合相关公式,逐步推演,选①②时,法一:利用等差数列的通项公式是关于n(0)an b a =+>,平方后得到n S 的关系式,利用11,1,2n nn S n a S S n -=⎧=⎨-≥⎩得到{}n a 的通项公式,进而得到213a a =,是选择①②证明③的通式通法;法二:分别设出{}n a 与{}n S的公差,写出各自的通项公式后利用两者的关系,对照系数,得到等量关系1d =12d a =,进而得到213a a =;选①③时,按照正常的思维求出公差,表示出n S进行证明;选②③时,法一:利用等差数列的通项公式是关于n 的一次函数,(0)an b a =+>,结合,n n a S 的关系求出n a ,根据213a a =可求b ,然后可证{}n a两项的差1d11,1,2n nn S n a S S n -=⎧=⎨-≥⎩,求出{}n a 的通项公式,进而证明出结论. 【总结提升】等差数列的四种判断方法(1) 定义法:对于数列{}n a ,若d a a n n =-+1()n N ∈*(常数),则数列{}n a 是等差数列; (2) 等差中项:对于数列{}n a ,若212+++=n n n a a a ()n N ∈*,则数列{}n a 是等差数列; (3)通项公式:n a pn q =+(,p q 为常数,n N ∈*)⇔是等差数列;(4)前n 项和公式:2n S An Bn =+(,A B 为常数, n N ∈*)⇔是等差数列;(5)是等差数列⇔n S n ⎧⎫⎨⎬⎩⎭是等差数列. 提醒:判断时易忽视定义中从第2项起,以后每项与前一项的差是同一常数,即易忽视验证a 2-a 1=d 这一关键条件.题型三:等差数列的前n 项和例6.【多选题】(2022·湖南永州·三模)已知等差数列{}n a 是递减数列,n S 为其前n 项和,且78S S =,则( )A .0d >B .80a =C .150S >D .7S 、8S 均为n S 的最大值【答案】BD 【解析】【分析】根据等差数列的性质以及其前n 项和的性质,逐个选项进行判断即可求解 【详解】因为等差数列{}n a 是递减数列,所以,10n n a a +-<,所以,0d <,故A 错误; 因为78S S =,所以8870a S S =-=,故B 正确; 因为()115158151502a a S a +===,故C 错误; 因为由题意得,789000a a a >⎛ = <⎝,所以,*78()n S S S n N =≥∈,故D 正确;故选:BD例7.(2020·全国·高考真题(文))记n S 为等差数列{}n a 的前n 项和.若1262,2a a a =-+=,则10S =__________. 【答案】25 【解析】 【分析】因为{}n a 是等差数列,根据已知条件262a a +=,求出公差,根据等差数列前n 项和,即可求得答案. 【详解】{}n a 是等差数列,且12a =-,262a a +=设{}n a 等差数列的公差d根据等差数列通项公式:()11n a a n d +-= 可得1152a d a d +++= 即:()2252d d -++-+= 整理可得:66d = 解得:1d =根据等差数列前n 项和公式:*1(1),2n n n S na d n N -=+∈ 可得:()1010(101)1022045252S ⨯-=-+=-+=∴1025S =. 故答案为:25.例8.(2018·全国·高考真题(文))记n S 为等差数列{}n a 的前n 项和,已知17a =-,315S =-. (1)求{}n a 的通项公式; (2)求n S ,并求n S 的最小值.【答案】(1)n a =2n –9,(2)Sn =n 2–8n ,最小值为–16. 【解析】 【详解】分析:(1)根据等差数列前n 项和公式,求出公差,再代入等差数列通项公式得结果,(2)根据等差数列前n 项和公式得nS 的二次函数关系式,根据二次函数对称轴以及自变量为正整数求函数最值.详解:(1)设{}n a 的公差为d ,由题意得3a 1+3d =–15.由a 1=–7得d =2.所以{n a }的通项公式为n a =2n –9. (2)由(1)得Sn =n 2–8n =(n –4)2–16. 所以当n =4时,Sn 取得最小值,最小值为–16.例9.(2021·全国·高考真题)记n S 是公差不为0的等差数列{}n a 的前n 项和,若35244,a S a a S ==. (1)求数列{}n a 的通项公式n a ; (2)求使n n S a >成立的n 的最小值. 【答案】(1)26n a n =-;(2)7. 【解析】 【分析】(1)由题意首先求得3a 的值,然后结合题意求得数列的公差即可确定数列的通项公式; (2)首先求得前n 项和的表达式,然后求解二次不等式即可确定n 的最小值. 【详解】(1)由等差数列的性质可得:535S a =,则:3335,0a a a =∴=,设等差数列的公差为d ,从而有:()()22433a a a d a d d =-+=-,()()()41234333322S a a a a a d a d a a d d =+++=-+-++-=-, 从而:22d d -=-,由于公差不为零,故:2d =, 数列的通项公式为:()3326n a a n d n =+-=-.(2)由数列的通项公式可得:1264a =-=-,则:()()214252n n n S n n n -=⨯-+⨯=-,则不等式n n S a >即:2526n n n ->-,整理可得:()()160n n -->, 解得:1n <或6n >,又n 为正整数,故n 的最小值为7.例10.(2022·福建·厦门一中模拟预测)已知数列{}n a 的前n 项和n S ,11a =,0n a >,141n n n a a S +=-. (1)计算2a 的值,求{}n a 的通项公式;(2)设1(1)nn n n b a a +=-,求数列{}n b 的前2n 项和2n T .【答案】(1)23a =,21n a n =- (2)24(21)n T n n =+ 【解析】 【分析】(1)根据11,1,2n nn S n a S S n -=⎧=⎨-≥⎩,作差得到24n n a a +-=,再根据等差数列通项公式计算可得;(2)由(1)可得(1)(21)(21)n n b n n =--+,利用并项求和法计算可得; (1)解:当1n =时,12141a a a =-,解得23a =, 由题知141n n n a a S +=-①,12141n n n a a S +++=-②,由②-①得121()4n n n n a a a a +++-=,因为0n a >,所以24n n a a +-=, 于是:数列{}n a 的奇数项是以11a =为首项,以4为公差的等差数列, 即()2114(1)432211n a n n n -=+-=-=--,偶数项是以23a =为首项,以4为公差的等差数列,即234(1)41n a n n =+-=- 所以{}n a 的通项公式21n a n =-; (2)解:由(1)可得(1)(21)(21)n n b n n =--+,212(43)(41)(41)(41)4(41)n n b b n n n n n -=---+-+=-+21234212(341)()()()4[37(41)]44(21)2n n n n n T b b b b b b n n n -+-=++++++=+++-=⨯=+. 【总结提升】1.利用等差数列的单调性或性质,求出其正负转折项,便可求得和的最值.当10a >,0d <时,n S 有最大值;10a <,0d >时,n S 有最小值;若已知n a ,则n S 最值时n 的值(n N +∈)则当10a >,0d <,满足100n n a a +≥⎧⎨≤⎩的项数n 使得n S 取最大值,(2)当10a <,0d >时,满足10n n a a +≤⎧⎨≥⎩的项数n 使得n S 取最小值.2.利用等差数列的前n 项和:2n S An Bn =+(,A B 为常数, n N ∈*)为二次函数,通过配方或借助图像,二次函数的性质,转化为二次函数的最值的方法求解;有时利用数列的单调性(0d >,递增;0d <,递减);3. 利用数列中最大项和最小项的求法:求最大项的方法:设为最大项,则有11n n n n a a a a -+≥⎧⎨≥⎩;求最小项的方法:设为最小项,则有11n n n n a a a a -+≤⎧⎨≤⎩.只需将等差数列的前n 项和1,2,3,n =依次看成数列{}n S ,利用数列中最大项和最小项的求法即可.4.在解含绝对值的数列最值问题时,注意转化思想的应用. 题型四:等差数列性质及应用例11.(2020·浙江·高考真题)已知等差数列{an }的前n 项和Sn ,公差d ≠0,11a d≤.记b 1=S 2,bn+1=S2n+2–S 2n ,n *∈N ,下列等式不可能...成立的是( ) A .2a 4=a 2+a 6 B .2b 4=b 2+b 6 C .2428a a a = D .2428b b b =【答案】D 【解析】 【分析】根据题意可得,21212222n n n n n b S a a S ++++=+=-,而1212b S a a ==+,即可表示出题中2468,,,b b b b ,再结合等差数列的性质即可判断各等式是否成立. 【详解】对于A ,因为数列{}n a 为等差数列,所以根据等差数列的下标和性质,由4426+=+可得,4262a a a =+,A 正确;对于B ,由题意可知,21212222n n n n n b S a a S ++++=+=-,1212b S a a ==+, ∴234b a a =+,478b a a =+,61112b a a =+,81516b a a =+. ∴()47822b a a =+,26341112b b a a a a +=+++.根据等差数列的下标和性质,由31177,41288+=++=+可得()26341112784=2=2b b a a a a a a b +=++++,B 正确;对于C ,()()()()2224281111137222a a a a d a d a d d a d d d a -=+-++=-=-, 当1a d =时,2428a a a =,C 正确; 对于D ,()()22222478111213452169b a a a d a a d d =+=+=++,n a n a()()()()2228341516111125229468145b b a a a a a d a d a a d d =++=++=++,()22428112416832b b b d a d d d a -=-=-.当0d >时,1a d ≤,∴()113220d a d d a -=+->即24280b b b ->;当0d <时,1a d ≥,∴()113220d a d d a -=+-<即24280b b b ->,所以24280b b b ->,D 不正确.故选:D.例12.(2014·北京高考真题(理))若等差数列{}n a 满足7897100,0a a a a a ++>+<,则当n =__________时,{}n a 的前n 项和最大. 【答案】8 【解析】由等差数列的性质,,,又因为,所以所以,所以,,故数列的前8项最大.例13.(2016·北京·高考真题(理))已知{}n a 为等差数列,n S 为其前n 项和,若16a =,350a a +=,则6=S _______. 【答案】6 【解析】 【详解】试题分析:因为{}n a 是等差数列,所以35420a a a +==,即40a =,又4136a a d -==-,所以2d =-, 所以616156615(2)6S a d =+=⨯+⨯-=.故答案为6.例14.(2021·江西新余四中高二月考(理))等差数列{}n a 、{}n b 的前n 项和分别为n S 和n T ,若2132n n S n T n +=+,则2517208101214a a a ab b b b +++=+++________.【答案】4365【分析】 证明得出2121n n n n a S b T --=,结合等差中项的基本性质可求得结果. 【详解】因为等差数列{}n a 、{}n b 的前n 项和分别为n S 和n T ,则()()()()()()12121121212121221212n n n n n n n nn a a n a S a n b b T n b b -----+-===-+-,所以,25172011218101214112142211434321265a a a a a Sb b b b b T +++⨯+====+++⨯+.故答案为:4365. 【温馨提醒】等差数列的性质主要涉及“项的性质”和“和的性质”,因此,要注意结合等差数列的通项公式、前n 项和公式求解.。
数列求和的几种常用方法
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专题: 数列求和的几种常用方法知识点归纳1等差数列的前n 项和公式, 等比数列的前n 项和公式: S n =d n n na 2)1(1-+S n =2)(1n a a n + S n =d n n na n 2)1(--当d ≠0时,S n 是关于n 的二次式且常数项为0; 当d=0时(a 1≠0),S n =na 1是关于n 的正比例式 当q=1时,S n =n a 1 (是关于n 的正比例式); 当q≠1时,S n =qq a n--1)1(1 S n =qq a a n --112.基本公式法:○1等差、等比数列的前n项和公式、○2()()2221121216n n n n +++=++ 、○3()23333112314n n n ++++=+⎡⎤⎣⎦ 、○40122nnn n n n C C C C ++++=3拆项法求数列的和,如a n =2n+3n4错位相减法求和,如a n =(2n-1)2n(非常数列的等差数列与等比数列的积的形式) 5分裂项法求和,如a n =1/n(n+1)111n n =-+(分子为非零常数,分母为非常数列的等差数列的两项积的形式) 6反序相加法求和,如a n =nnC 1007求数列{a n }的最大、最小项的方法:①a n+1-a n =……⎪⎩⎪⎨⎧<=>000如a n = -2n 2+29n-3②⎪⎩⎪⎨⎧<=>=+1111 nn a a (a n >0) 如a n =nnn 10)1(9+ ③ a n =f(n) 研究函数f(n)的增减性 如a n =1562+n n题型讲解例7 (分情况讨论)求和:)(*122221N n b abba b ab a a S n n n n n nn ∈++++++=----解:①当a=0或b=0时,)(n n n a b S =②当a=b 时,n n a n S )1(+=; ③当a ≠b 时,ba baS n n n --=++11例8(分部求和法)已知等差数列{}n a 的首项为1,前10项的和为145,求解:首先由3145291010110=⇒=⨯⨯+=d da S则12(1)32322n nn a a n d n a =+-=-⇒=⋅- 22423(222)2n na a a n ∴+++=+++- 12(12)32322612nn n n +-=-=⋅---练习(分部求和法)求数列1,3+13,32+132, (3)+13n的各项的和解:其和为: (1+3+ (3))+(13132++……+13n)=3121321n n+--+-=12(3n +1-3-n )例9(裂项求和法))(,32114321132112111*N n n∈+++++++++++++++解:)1(2211+=+⋯++=k k k a k ,])1n (n 1321211[2S n ++⋯+⋅+⋅=∴1211121113121211[2+=⎪⎭⎫ ⎝⎛+-=⎪⎭⎫ ⎝⎛+-+⋯+⎪⎭⎫ ⎝⎛-+⎪⎭⎫ ⎝⎛-=n n n n n 练习(裂项求和法)已知数列{}n a 为等差数列,且公差不为0,首项也不为0,求和:∑=+ni i i a a 111解:首先考虑=∑=+ni i i a a 111∑=+-ni i ia a d 11)11(1则∑=+ni i i a a 111=1111)11(1++=-n n a a na a d.242n a a a +++点评:已知数列{}na为等差数列,且公差不为0,首项也不为0,下列求和11n ni id===∑∑例10(错位相减法)1.设a为常数,求数列a,2a2,3a3,…,na n,…的前n项和解:①若a=0时,S n=0②若a=1,则S n=1+2+3+…+n=)1n(n21-③若a≠1,a≠0时,S n-aS n=a(1+a+…+a n-1-na n),S n=]naa)1n(1[)a1(a1nn2+++--练习(错位相减法)2.已知1,0≠>aa,数列{}n a是首项为a,公比也为a的等比数列,令)(lg Nnaabnnn∈⋅=,求数列{}n b的前n项和n S解:,lgn nn na ab n a a==⋅232341(23)lg(23)lgnnnnS a a a na aaS a a a na a+∴=++++=++++……①……②①-②得:anaaaaSa nnnlg)()1(12+-+++=-3.求和Sn=nnnn212232252321132-+-++++-解由原式乘以公比21得:21Sn=1322122322321+-+-+++nnnn原式与上式相减,由于错位后对应项的分母相同,可以合并,∴S n-21Sn=21+112212212121+---+++nnn即S n=32232++-nn一般地, 当等比数列{b n}的公比为q, 则错位相减的实质是作“S n- qS n”求和.点评:设数列{}n a的等比数列,数列{}n b是等差数列,则数列{}n n ba的前n项和nS求解,均可用错位相减法例11(递推法)已知数列{}n a的前n项和n S与n a满足:21,,-n n n S S a )2(≥n 成等比数列,且11=a ,求数列{}n a 的前n 项和n S解:由题意:21(),2n n n S a S =-1n n n a S S -=-∴211111()()()22n n n n n n n n S S S S S S S S ---=--⇒-=1111112(1)2211.21nn nn n n S S S S S n -∴-=⇒=+-=-∴=-点评:本题的常规方法是先求通项公式,然后求和,但逆向思维,直接求出数列{}n a 的前n 项和n S 的递推公式,是一种最佳解法例12 数列{}n a 中,2,841==a a 且满足n n n a a a -=++122 *N n ∈ ⑴求数列{}n a 的通项公式;⑵设||||||21n n a a a S +++= ,求n S ; ⑶设n b =)12(1n a n -)(),(*21*N n b b b T N n n n ∈+++=∈ ,是否存在最大的整数m ,使得对任意*N n ∈,均有>n T 32m 成立?若存在,求出m 的值;若不存在,请说明理由解:(1)由题意,n n n n a a a a -=-+++112,}{n a ∴为等差数列,设公差为d ,由题意得2382-=⇒+=d d ,n n a n 210)1(28-=--=∴(2)若50210≤≥-n n 则,5,n ≤时12||||||n n S a a a =+++ 21281029,2n na a a n n n +-=+++=⨯=-6n ≥时,n n a a a a a a S ---+++= 765214092)(2555+-=-=--=n n S S S S S n n故229940n n n S n n ⎧-=⎨-+⎩ 65≥≤n n(3))111(21)1(21)12(1+-=+=-=n n n n a n b n n ∴n T )]111()111()4131()3121()211[(21+-+--++-+-+-=n nnn .)1(2+=n n若32m T n >对任意*N n ∈成立,即161mn n>+对任意*N n ∈成立,)(1*N n n n ∈+ 的最小值是21,,2116<∴m m ∴的最大整数值是7 即存在最大整数,7=m 使对任意*N n ∈,均有.32m T n >说明:本例复习数列通项,数列求和以及有关数列与不等式的综合问题 例13(倒数法)已知函数13)(+=x x x f ,数列{a n }满足a 1 = 1,a n+1 = f(a n ) (n ∈N *)(Ⅰ) 求数列{a n }的通项公式;(Ⅱ) 记S n = a 1a 2 +a 2a 3+…+a n a n+1 , 求S n 解: (Ⅰ) 由131+=+n n n a a a 得 3a n a n+1 +a n+1 = a n ,从而 1113+=+n na a ,即 3111=-+nn a a ,数列}1{na 是以111=a 为首项3为公差的等差数列∴233)1(11-=⋅-+=n n a n, ∴231-=n a n(Ⅱ) 设b n = a n a n+1 ,则 )131231(31)13)(23(1+--=+-=n n n n b n ,∴ )1312311017171414111(3121+--++-+-+-=+++=n n b b b S n n ∴ 13)1311(31+=+-=n nn S n ,1等价转换思想是解决数列问题的基本思想方法,复杂的数列转化为等差、等比数列 2 由特殊到一般及由一般到特殊的思想是解决数列问题的重要思想,数学归纳法是这一思想的理论基础练习1(倒数法)已知数列{a n }中,a 1=53,a n +1=12+n n a a ,求{a n }的通项公式.解:211211+=+=+nnn n a a a a∴⎭⎬⎫⎩⎨⎧n a 1是以35为首项,公差为2的等差数列,即351=na +2(n -1)=316-n ∴a n =163-n练习2(倒数法)已知数列{a n }中,a 1=1,S n =1211+--n n S S ,求{a n }的通项公式.解:21121111+=+=---n n n nS S S S∴⎭⎬⎫⎩⎨⎧n S 1是以1为首项,公差为2的等差数列. ∴nS 1=1+2(n -1)=2n -1,即S n =121-n .∴a n =S n -S n -1=321121---n n =)32)(12(2---n n∴a n =⎪⎩⎪⎨⎧---3211211n n )2()1(≥=n n例14(叠加法)已知数列{a n }的前n 项和S n 满足S n -S n -2=3×(-21)n -1(n ≥3),且S 1=1,S 2=-23,求{a n }的通项公式.解:先考虑偶数项有:S 2n -S 2n -2=-3·1221-⎪⎭⎫⎝⎛nS 2n -2-S 2n -4=-3·3221-⎪⎭⎫⎝⎛n……S 4-S 2=-3·321⎪⎭⎫⎝⎛将以上各式叠加得S 2n -S 2=-3×4114112113-⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎣⎡⎪⎭⎫ ⎝⎛-⋅⎪⎭⎫ ⎝⎛-n ,所以S 2n =-2+)1(2112≥⎪⎭⎫⎝⎛-n n .再考虑奇数项有:S 2n +1-S 2n -1=3·n221⎪⎭⎫⎝⎛S 2n -1-S 2n -3=3·2221-⎪⎭⎫⎝⎛n……S 3-S 1=3·221⎪⎭⎫⎝⎛将以上各式叠加得S 2n +1=2-)1(212≥⎪⎭⎫⎝⎛n n.所以a 2n +1=S 2n +1-S 2n =4-3×n221⎪⎭⎫⎝⎛,a 2n =S 2n -S 2n -1=-4+3×1221-⎪⎭⎫⎝⎛n .综上所述a n =⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧⎪⎭⎫ ⎝⎛⨯+-⎪⎭⎫⎝⎛⨯---为偶数,为奇数n n n n 112134,2134,即a n =(-1)n -1·⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎣⎡⎪⎭⎫ ⎝⎛⨯--12134n . 例15(a n +1=pa n +r 类型数列)在数列{a n }中,a n +1=2a n -3,a 1=5,求{a n }的通项公式.解:∵a n +1-3=2(a n -3)∴{a n -3}是以2为首项,公比为2的等比数列. ∴a n -3=2n ∴a n =2n +3.练习.在数列{a n }中,a 1=2,且a n +1=212+n a ,求{a n }的通项公式.解:a n +12=21a n 2+21∴a n +12-1=21(a n 2-1)∴{a n +12-1}是以3为首项,公比为21的等差数列.∴a n +12-1=3×121-⎪⎭⎫⎝⎛n ,即a n =1231-+n例16(a n +1=pa n +f (n )类型)已知数列{a n }中,a 1=1,且a n =a n -1+3n -1,求{a n }的通项公式.解:(待定系数法)设a n +p ·3n =a n -1+p ·3n -1则a n =a n -1-2p ·3n -1,与a n =a n -1+3n -1比较可知p =-21.所以⎭⎬⎫⎩⎨⎧-23nn a 是常数列,且a 1-23=-21. 所以23nn a -=-21,即a n =213-n.。
高中数学一轮复习等比数列及数列综合:第4节 数列求和之并项求和与分组求和法
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第4节 并项求和与分组求和法【基础知识】1.分组转化求和法:有一类数列错误!未找到引用源。
,它既不是等差数列,也不是等比数列,但是数列错误!未找到引用源。
是等差数列或等比数列或常见特殊数列,则可以将这类数列适当拆开,可分为几个等差、等比数列或常见的特殊数列,然后分别求和,再将其合并即可.2.并项求和法:一个数列的前n 项和中,可两两结合求解,则称之为并项求和.形如()()1n n a f n =-类型,可采用两项合并求解.例如,22222210099989721n S =-+-++-()()()100999897215050=++++++=.【规律技巧】常见可以使用公式求和的数列:(1)等差数列、等比数列以及由等差数列、等比数列通过加、减构成的数列,它们可以使用等差数列、等比数列的求和公式求解;(2)奇数项和偶数项分别构成等差数列或等比数列的,可以分项数为奇数和偶数时,分别使用等差数列或等比数列的求和公式.【典例讲解】【例1】 设数列{a n }满足a 1=2,a 2+a 4=8,且对任意n ∈N *,函数f (x )=(a n -a n +1+a n +2)x +a n +1cos x -a n +2sin x 满足f ′⎝⎛⎭⎫π2=0.(1)求数列{a n } 的通项公式;(2)若b n =2⎝⎛⎭⎫a n +12a n ,求数列{b n }的前n 项和S n .【变式探究】 在等差数列{a n }中,已知公差d =2,a 2是a 1与a 4的等比中项.(1)求数列{a n }的通项公式;(2)令b n =a n (n +1)2,记T n =-b 1+b 2-b 3+b 4-…+(-1)n b n ,求T n .【针对训练】1、求数列的前n 项和:231,,71,41,1112-+⋅⋅⋅+++-n a a a n ,… 解:设)231()71()41()11(12-++⋅⋅⋅++++++=-n aa a S n n 将其每一项拆开再重新组合得)23741()1111(12-+⋅⋅⋅+++++⋅⋅⋅+++=-n a a a S n n(分组) 当a =1时,2)13(n n n S n -+==2)13(n n + (分组求和)当1≠a 时,2)13(1111n n a a S n n -+--==2)13(11n n a a a n -+--- 2、求数列{n(n+1)(2n+1)}的前n 项和.解:设k k k k k k a k ++=++=2332)12)(1(∴ ∑=++=n k n k k k S 1)12)(1(=)32(231k k kn k ++∑=将其每一项拆开再重新组合得S n =k k k nk n k nk ∑∑∑===++1213132 (分组)=)21()21(3)21(2222333n n n +⋅⋅⋅++++⋅⋅⋅++++⋅⋅⋅++ =2)1(2)12)(1(2)1(22++++++n n n n n n n (分组求和)=2)2()1(2++n n n【巩固提升】1.数列{a n }满足a n +a n +1=12(n ∈N *),且a 1=1,S n 是数列{a n }的前n 项和,则S 21=( ) A.212 B .6 C .10 D .112.已知函数f (n )=n 2cos(n π),且a n =f (n )+f (n +1),则a 1+a 2+a 3+…+a 100=( ) A .-100B .0C .100D .10 2003.(2013·湖南卷)设S n 为数列{a n }的前n 项和,S n =(-1)n a n -12n ,n ∈N *,则(1)a 3=________;(2)S 1+S 2+…+S 100=________.4.已知函数f (n )=⎩⎪⎨⎪⎧n 2 (当n 为奇数时),-n 2 (当n 为偶数时),且a n =f (n )+f (n +1),则a 1+a 2+a 3+…+a 100等于( )A .0B .100C .-100D .10 200 【解析】由题意,得a 1+a 2+a 3+…+a 100=12-22-22+32+32-42-42+52+…+992-1002-1002+1012=-(1+2)+(3+2)+…-(99+100)+(101+100)=-(1+2…+99+100)+(2+3+…+100+101)=-50×101+50×103=100.故选B.【答案】B5、求cos1°+ cos2°+ cos3°+···+ cos178°+ cos179°的值.解:设S n = cos1°+ cos2°+ cos3°+···+ cos178°+ cos179°∵ )180cos(cosn n --= (找特殊性质项)∴S n = (cos1°+ cos179°)+( cos2°+ cos178°)+ (cos3°+ cos177°)+···+(cos89°+ cos91°)+ cos90° (合并求和)= 06、 数列{a n }:n n n a a a a a a -====++12321,2,3,1,求S 2002.解:设S 2002=2002321a a a a +⋅⋅⋅+++由n n n a a a a a a -====++12321,2,3,1可得,2,3,1654-=-=-=a a a,2,3,1,2,3,1121110987-=-=-====a a a a a a……2,3,1,2,3,1665646362616-=-=-====++++++k k k k k k a a a a a a∵ 0665646362616=+++++++++++k k k k k k a a a a a a (找特殊性质项)∴ S 2002=2002321a a a a +⋅⋅⋅+++(合并求和)=)()()(66261612876321++++⋅⋅⋅+++⋅⋅⋅+⋅⋅⋅+++⋅⋅⋅+++k k k a a a a a a a a a a2002200120001999199819941993)(a a a a a a a +++++⋅⋅⋅+++⋅⋅⋅+=2002200120001999a a a a +++=46362616+++++++k k k k a a a a=57、在各项均为正数的等比数列中,若103231365log log log ,9a a a a a +⋅⋅⋅++=求的值.解:设1032313log log log a a a S n +⋅⋅⋅++=由等比数列的性质 q p n m a a a a q p n m =⇒+=+ (找特殊性质项)和对数的运算性质 N M N M a a a ⋅=+log log log 得)log (log )log (log )log (log 6353932310313a a a a a a S n ++⋅⋅⋅++++= (合并求和)=)(log )(log )(log 6539231013a a a a a a ⋅+⋅⋅⋅+⋅+⋅=9log 9log 9log 333+⋅⋅⋅++=108、求和:9、 设,则=___ 答案:2.10、若S n =1-2+3-4+…+(-1)n -1·n ,则S 17+S 33+S50等于 ( )A .1B .-1C .0D .2解:对前n项和要分奇偶分别解决,即:S n =答案:A练习题3 1002-992+982-972+…+22-12的值是A.5000B.5050C.10100D.20200解:并项求和,每两项合并,原式=(100+99)+(98+97)+…+(2+1)=5050.答案:B。
高考数学专题复习《等比数列求和,裂项相消思想》知识梳理及典型例题讲解课件(含答案)
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等比数列求和
——裂项相消思想
高考分析
纵观近几年高考命题,数列求和是高考中每年必考的内容之一.
全国卷经常以等差数列、等比数列为基础考查程序化计算类的数
列求和,近几年侧重于新的情境,考查内容更加灵活多变.
2020年全 2020年
2021年新 2021年全 2022年全国甲 2022年新高
卷
考Ⅰ卷
国Ⅰ卷
∙ = ∙
前面学习了等差数列的前n项和,那么
如何求等比数列的前n项和呢?
忆一忆
等比数列的前n项和公式的推导
采用了什么方法?
等比数列前n项和:Sn=a1+a2+a3+ ···+an
即:Sn=a1+a1q+a1q2+······+a1qn-2+a1qn-1
qSn= a1q+a1q2+a1q3+······+ a1qn-1+a1qn
例:数列{an }的通项公式an n2,数列{bn }的通项公式bn 2n
求数列{anbn }的前n项和
解:anbn n2.2n cn
Sn c1 c2 c3 cn
Sn 1.21 4.22 9.23 n2.2n
2S n
1.22 4.23 (n 1)2 2n n2.2n1
S n bn 1
1 qn
b1 a1 (
)
1 q
例:数列{an }的通项公式an n,数列{b n }的通项公式b n 2 n
求数列{an bn }的前n项和
解:设anbn n.2 bn 1 bn
n
《数列求和裂项》课件
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3
下一步的学习计划与目标设定
如何更好地学习数学?确定下一步的学习计划和目标设定,实现个人发展和成长。
数列求和裂项PPT课件
本课件介绍数列求和裂项的概念、方法和应用,以及实用技巧和数学竞赛题 目的解析,帮助你掌握数列求和的知识。
数列求和的定义
1 等差数列
数列前n项和公式: Sn = n(a1+an)/2
2 等比数列
数列前n项和公式: Sn = a1(1-q^n)/(1-q)
3 递推数列
数列前n项和公式: Sn = a1x1+a2x2+...+anx等因素,计算公司发 放奖金池的总额,更好管 理公司财务。
模拟实际生活场景中 的数列问题
将数列问题落到具体的生 活场景中,如人口增长模 型,物理模型,经济学模 型,建立模型求解问题。
结论与总结
数列求和裂项的应用范围
适用于各种数学问题的求解,尤其适合考试复习、数学竞赛等高质量数学学习。
为什么需要数列求和裂项
使得复杂的求和公式变得简单易算,规避繁琐 计算。
如何进行数列求和裂项
遵照数列求和的基本公式,运用代数方法将求 和式化简成队列求和裂项的形式。
数列求和裂项的示例
讲解具体的数列求和裂项的实例及其求解方法, 帮助理解和掌握数列求和裂项的技巧。
数列求和裂项的实战
数学竞赛题目
分析真实的数学竞赛题目, 应用数列求和裂项的技巧 快速解答,提高考试成绩。
重要性与必要性
是学习数学必须要掌握的一项重要技巧,对进一步学习复杂数学问题有极大帮助。
建议学习方法与步骤
如何高效地学习数列求和裂项?掌握正确的学习方法和适当的步骤。
总结与展望
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本次课程的收获和心得体会
高考数学二轮复习考点知识与题型专题讲解27---数列求和及其综合应用
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高考数学二轮复习考点知识与题型专题讲解第27讲 数列求和及其综合应用[考情分析] 1.数列求和重点考查分组转化、错位相减、裂项相消三种求和方法.2.数列的综合问题,一般以等差数列、等比数列为背景,与函数、不等式相结合,考查最值、范围以及证明不等式等.3.主要以选择题、填空题及解答题的形式出现,难度中等.考点一 数列求和 核心提炼1.裂项相消法就是把数列的每一项分解,使得相加后项与项之间能够相互抵消,但在抵消的过程中,有的是相邻项抵消,有的是间隔项抵消.常见的裂项方式有:1n (n +k )=1k ⎝⎛⎭⎫1n -1n +k ; 14n 2-1=12⎝⎛⎭⎫12n -1-12n +1. 2.错位相减法求和,主要用于求{a n b n }的前n 项和,其中{a n },{b n }分别为等差数列和等比数列. 考向1 分组转化法例1(2022·德州联考)已知数列{}2n a 是公比为4的等比数列,且满足a 2,a 4,a 7成等比数列,S n为数列{b n }的前n 项和,且b n 是1和S n 的等差中项,若c n =⎩⎪⎨⎪⎧a n ,n 为奇数,b n ,n 为偶数,求数列{c n }的前2n -1项和. 解 因为数列{}2na 是公比为4的等比数列, 所以122n na a +=4, 所以a n +1-a n =2,所以数列{a n }是公差为2的等差数列,因为a 2,a 4,a 7成等比数列,所以a 24=a 2a 7,所以(a 1+6)2=(a 1+2)(a 1+12),解得a 1=6,所以a n =6+2(n -1)=2n +4,因为S n 为数列{b n }的前n 项和,且b n 是1和S n 的等差中项,所以S n +1=2b n ,当n ≥2时,有S n -1+1=2b n -1,两式相减得b n =2b n -2b n -1,即b n =2b n -1,当n =1时,有S 1+1=b 1+1=2b 1,所以b 1=1,所以数列{b n }是首项为1,公比为2的等比数列,所以b n =2n -1, 因为c n =⎩⎪⎨⎪⎧a n ,n =2k -1,b n ,n =2k ,k ∈N *. 所以数列{c n }的前2n -1项和为a 1+b 2+a 3+b 4+…+a 2n -1=(a 1+a 3+…+a 2n -1)+(b 2+b 4+…+b 2n -2)=6n +n (n -1)2×4+2(1-4n -1)1-4 =2n 2+4n +23(4n -1-1). 考向2 裂项相消法例2(2022·宜宾模拟)在①S n =12(a n -1)(n +2);②S 2n -(n 2+2n -1)S n -(n 2+2n )=0,a n >0这两个条件中任选一个,补充在下面问题中,并给出解答.问题:已知数列{a n }的前n 项和为S n ,满足________.记数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫1S n 的前n 项和为T n . (1)求{a n }的通项公式;(2)求T n .解 (1)选择①.由S n =12(a n -1)(n +2)得, 当n =1时,a 1=S 1=12(a 1-1)(1+2), 解得a 1=3,当n ≥2时,S n -1=12(a n -1-1)(n +1), 则a n =S n -S n -1=12(a n -1)(n +2) -12(a n -1-1)(n +1), 即na n =(n +1)a n -1+1,两边各项同除以n (n +1)得a n n +1-a n -1n =1n (n +1)=1n -1n +1(n ≥2), 当n ≥2时,a n n +1=⎝ ⎛⎭⎪⎫a n n +1-a n -1n +⎝ ⎛⎭⎪⎫a n -1n -a n -2n -1+⎝ ⎛⎭⎪⎫a n -2n -1-a n -3n -2+…+⎝⎛⎭⎫a 23-a 12+a 12 =⎝⎛⎭⎫1n -1n +1+⎝⎛⎭⎫1n -1-1n +⎝⎛⎭⎫1n -2-1n -1+…+⎝⎛⎭⎫12-13+32 =12+32-1n +1=2-1n +1=2n +1n +1, 所以a n =2n +1,经检验当n =1时,a 1=2×1+1=3也成立,故a n =2n +1.选择②.由S 2n -(n 2+2n -1)S n -(n 2+2n )=0得,[S n -(n 2+2n )](S n +1)=0,∴S n =n 2+2n 或S n =-1,∵a n >0,∴S n =-1舍去.∴S n =n 2+2n .当n =1时,a 1=S 1=12+2×1=3,当n ≥2时,a n =S n -S n -1=n 2+2n -(n -1)2-2(n -1)=2n +1,当n =1时,符合上式,∴a n =2n +1.(2)由(1)知S n =n 2+2n ,∴1S n =1n (n +2)=12⎝⎛⎭⎫1n -1n +2, ∴T n =1S 1+1S 2+…+1S n=12⎣⎡ ⎝⎛⎭⎫11-13+⎝⎛⎭⎫12-14+…+ ⎦⎤⎝⎛⎭⎫1n -1-1n +1+⎝⎛⎭⎫1n -1n +2 =12⎝⎛⎭⎫11+12-1n +1-1n +2 =34-12(n +1)-12(n +2), ∴T n =34-12(n +1)-12(n +2). 考向3 错位相减法例3(2022·菏泽检测)已知数列{a n }的前n 项和为S n ,且a 1=1,a n +1=2S n +1.(1)求数列{a n }的通项公式;(2)在a n 与a n +1之间插入n 个数,使得包括a n 与a n +1在内的这n +2个数成等差数列,设其公差为d n ,求⎩⎨⎧⎭⎬⎫1d n 的前n 项和T n . 解 (1)因为a n +1=2S n +1,所以a n =2S n -1+1(n ≥2),两式相减可得a n +1-a n =2a n ,所以a n +1=3a n (n ≥2),令n =1,可得a 2=2S 1+1=2a 1+1=3,所以a 2a 1=3,所以数列{a n }是首项为1,公比为3的等比数列,所以a n =3n -1. (2)由题意,可得d n =3n -3n -1n +1=2×3n -1n +1, 所以1d n =n +12×3n -1, 所以T n =22×30+32×31+42×32+…+n +12×3n -1, 13T n =22×31+32×32+…+n 2×3n -1+n +12×3n, 两式相减可得23T n =1+12⎝⎛⎭⎫13+132+…+13n -1-n +12×3n=1+12×13-13n 1-13-n +12×3n =54-2n +54×3n, 所以T n =158-2n +58×3n -1. 规律方法 (1)分组转化法求和的关键是将数列通项转化为若干个可求和的数列通项的和或差.(2)裂项相消法的基本思路是将通项拆分,可以产生相互抵消的项.(3)用错位相减法求和时,应注意:①等比数列的公比为负数的情形;②在写出“S n ”和“qS n ”的表达式时应特别注意将两式“错项对齐”,以便准确写出“S n -qS n ”的表达式.跟踪演练1 (1)(2022·湛江模拟)已知数列{a n }是等比数列,且8a 3=a 6,a 2+a 5=36.①求数列{a n }的通项公式;②设b n =a n (a n +1)(a n +1+1),求数列{b n }的前n 项和T n ,并证明:T n <13. 解 ①设等比数列{a n }的公比是q ,首项是a 1.由8a 3=a 6,可得q =2.由a 2+a 5=36,可得a 1q (1+q 3)=36,所以a 1=2,所以a n =2n .②因为b n =a n (a n +1)(a n +1+1)=12n+1-12n +1+1, 所以T n =b 1+b 2+…+b n =⎝⎛⎭⎫121+1-122+1+⎝⎛⎭⎫122+1-123+1+…+⎝⎛⎭⎫12n +1-12n +1+1 =121+1-12n +1+1=13-12n +1+1. 又12n +1+1>0,所以T n <13. (2)(2022·南通调研)已知正项等比数列{a n }的前n 项和为S n ,满足a 2=2,a n +3-S n +2=a n +1-S n . ①求数列{a n }的通项公式;②记b n =2n -1a n ,数列{b n }的前n 项和为T n ,求使不等式T n <132-4n +72n 成立的n 的最小值. 解 ①设等比数列的公比为q (q >0),因为a 2=2,所以a 1q =2⇒a 1=2q, 由a n +3-S n +2=a n +1-S n⇒a n +3-a n +1=S n +2-S n⇒a n +3-a n +1=a n +2+a n +1⇒a n +3-a n +2-2a n +1=0⇒a n +1(q 2-q -2)=0,因为a n +1≠0,所以q 2-q -2=0,因为q >0,所以解得q =2,即a 1=2q=1, 所以数列{a n }的通项公式为a n =1×2n -1=2n -1.②由①可知a n =2n -1, 所以b n =2n -1a n =2n -12n -1, 所以T n =1+32+522+…+2n -12n -1,(*) 12T n =12+322+523+…+2n -12n ,(**) 由(*)-(**)得12T n = 1+2×⎝⎛⎭⎫12+122+123+…+12n -1-2n -12n =1+2×12⎝⎛⎭⎫1-12n -11-12-2n -12n =3-2n +32n , 所以T n =6-2n +32n -1, 代入T n <132-4n +72n 中, 得6-2n +32n -1<132-4n +72n ⇒2n >2⇒n >1,因为n ∈N *,所以n 的最小值为2.考点二 数列的综合问题 核心提炼数列与函数、不等式的综合问题是高考命题的一个方向,此类问题突破的关键在于通过函数关系寻找数列的递推关系,求出数列的通项或前n 项和,再利用数列或数列对应的函数解决最值、范围问题,通过放缩进行不等式的证明.例4 (1)已知A (0,0),B (5,0),C (1,3),连接△ABC 的各边中点得到△A 1B 1C 1,连接△A 1B 1C 1的各边中点得到△A 2B 2C 2,如此无限继续下去,得到一系列三角形:△ABC ,△A 1B 1C 1,△A 2B 2C 2,…,则这一系列三角形的面积之和无限趋近于常数( )A.103B .5C .10D .15 答案 C解析 因为S △ABC =12×5×3=152, △A 1B 1C 1∽△ABC ,A 1B 1AB =12, 所以111A B C ABC S S △△=14, 所以S △ABC ,111222A B C A B C S S △△,,…成等比数列,其首项为152,公比为14, 所以这一系列三角形的面积之和为S n =152⎣⎡⎦⎤1-⎝⎛⎭⎫14n 1-14=10⎣⎡⎦⎤1-⎝⎛⎭⎫14n ,无限趋近于10. (2)在各项均为正数的数列{a n }中,a 1=1,a 2n +1-2a n +1a n -3a 2n =0,S n 是数列{a n }的前n 项和,若对n ∈N *,不等式a n (λ-2S n )≤27恒成立,则实数λ的取值范围为__________.答案 (-∞,17]解析 ∵a 2n +1-2a n +1a n -3a 2n =0,∴(a n +1+a n )(a n +1-3a n )=0,∵a n >0,∴a n +1=3a n ,又a 1=1,∴数列{a n }是首项为1,公比为3的等比数列,∴a n =3n -1,S n =1-3n 1-3=3n 2-12, ∴不等式a n (λ-2S n )≤27即λ≤2S n +27a n =3n +273n -1-1对n ∈N *恒成立, ∵3n +273n -1≥23n ×273n -1=18, 当且仅当3n =273n -1,即n =2时,⎝⎛⎭⎫3n +273n -1min =18, ∴λ≤17,∴实数λ的取值范围为(-∞,17].易错提醒 求解数列与函数交汇问题要注意两点(1)数列是一类特殊的函数,其定义域是正整数集(或它的有限子集),在求数列最值或不等关系时要特别注意.(2)解题时准确构造函数,利用函数性质时注意限制条件.跟踪演练2 (1)我国古代数学著作《九章算术》第七章“盈不足”中有一道两鼠穿墙问题:“今有垣厚五尺,两鼠对穿,大鼠日一尺,小鼠日一尺,大鼠日自倍,小鼠日自半,问何日相逢”,翻译过来就是:有五尺厚的墙,两只老鼠从墙的两边相对打洞穿墙,大、小鼠第一天都进一尺,以后每天,大鼠加倍,小鼠减半,则几天后两鼠相遇,这个问题体现了古代对数列问题的研究,现将墙的厚度改为1 200尺,则需要几天时间才能打穿(结果取整数)( )A .12B .11C .10D .9答案 B解析 设大鼠和小鼠每天穿墙厚度分别构成数列{a n },{b n },由题意知它们都是等比数列,a 1=b 1=1,数列{a n }的公比为q 1=2,数列{b n }的公比为q 2=12,设需要n 天能打穿墙,则(a 1+a 2+…+a n )+(b 1+b 2+…+b n )=1-2n1-2+1-⎝⎛⎭⎫12n 1-12=2n +1-12n -1, 当n =10时,2n +1-12n -1=1 025-129≈1 025<1 200, 当n =11时,2n +1-12n -1=2 049-1210≈2 049>1 200, 因此需要11天才能打穿.(2)(2022·潍坊检测)如图,在边长为a 的等边△ABC 中,圆D 1与△ABC 相切,圆D 2与圆D 1相切且与AB ,AC 相切,…,圆D n +1与圆D n 相切且与AB ,AC 相切,依次得到圆D 3,D 4,…,D n .设圆D 1,D 2,…,D n 的面积之和为X n (n ∈N *),则X n 等于()A.112πa 2⎝⎛⎭⎫19n -1 B.332πa 2⎣⎡⎦⎤1-⎝⎛⎭⎫19n C.18πa 2⎣⎡⎦⎤1-⎝⎛⎭⎫13n D.112πa 2⎣⎡⎦⎤⎝⎛⎭⎫19n -1-⎝⎛⎭⎫13n -1+1 答案 B解析 等边三角形内心、重心、外心、垂心四心合一.所以圆D 1的半径为13×32a =36a , 面积为a 212·π, 圆D 2的半径为13×36a ,面积为19·a 212·π, 圆D 3的半径为⎝⎛⎭⎫132×36a ,面积为⎝⎛⎭⎫192·a 212·π, 以此类推,圆D n 的面积为⎝⎛⎭⎫19n -1·a 212·π, 所以各圆的面积组成的数列是首项为a 212·π,公比为19的等比数列, 所以X n =a 212·π·⎝⎛⎭⎫1-19n 1-19=3a 232·π·⎝⎛⎭⎫1-19n=332πa 2⎣⎡⎦⎤1-⎝⎛⎭⎫19n . 专题强化练一、单项选择题1.数列{a n }满足2a n +1=a n +a n +2,且a 4,a 4 040是函数f (x )=x 2-8x +3的两个零点,则a 2 022的值为( )A .4B .-4C .4 040D .-4 040答案 A解析 因为a 4,a 4 040是函数f (x )=x 2-8x +3的两个零点,即a 4,a 4 040是方程x 2-8x +3=0的两个根,所以a 4+a 4 040=8.又2a n +1=a n +a n +2,所以数列{a n }是等差数列,所以a 4+a 4 040=2a 2 022=8,所以a 2 022=4.2.已知函数f (x )=x a 的图象过点(4,2),令a n =1f (n +1)+f (n )(n ∈N *),记数列{a n }的前n 项和为S n ,则S 2 022等于( ) A. 2 022+1 B. 2 023-1 C. 2 022-1 D. 2 023+1答案 B解析 函数f (x )=x a 的图象过点(4,2),则4a =2,解得a =12,得f (x )=x , a n =1f (n +1)+f (n )=1n +1+n=n +1-n ,则S 2 022=(2-1)+(3-2)+…+( 2 023- 2 022)=-1+ 2 023.3.(2022·衡水模拟)已知数列{a n }的前n 项和为S n ,若a n +2=-a n ,且a 1=1,a 2=2,则S 2 023等于( )A .0B .1C .2D .3答案 C解析 由a n +2=-a n ,得a n +4=-a n +2=a n ,所以数列{a n }是周期为4的数列,所以由a 1=1,a 2=2得a 3=-1,a 4=-2,所以a 1+a 2+a 3+a 4=0,所以S 2 023=(a 1+a 2+a 3+a 4)×505+a 1+a 2+a 3=2.4.(2022·长沙质检)数学家也有许多美丽的错误,如法国数学家费马于1640年提出了F n =22n +1(n =0,1,2,…)是质数的猜想,直到1732年才被善于计算的大数学家欧拉算出F 5=641×6 700 417,不是质数.现设a n =log 4(F n -1)(n =1,2,…),S n 表示数列{a n }的前n 项和,若32S n =63a n ,则n 等于( )A .5B .6C .7D .8答案 B解析 因为F n =22n +1(n =0,1,2,…),所以a n =log 4(F n -1)=24log 2n=2n -1, 所以{a n }是等比数列,首项为1,公比为2,所以S n =1×(1-2n )1-2=2n -1, 所以32×(2n -1)=63×2n -1,解得n =6. 5.(2022·西南四省名校大联考)数列{a n }的前n 项和为S n ,且a 1+3a 2+…+3n -1a n =n ·3n ,若对任意n ∈N *,S n ≥(-1)n nλ恒成立,则实数λ的取值范围为( )A .[-3,4]B .[-22,22]C .[-5,5]D .[-22-2,22+2]答案 A解析 当n ≥2时,3n -1a n =n ·3n -(n -1)3n -1 =(2n +1)3n -1, ∴a n =2n +1,当n =1时,a 1=3符合上式,∴a n =2n +1,∴S n =n (3+2n +1)2=n 2+2n . 当n 为奇数时,λ≥-S n n=-(n +2), 令g (n )=-(n +2),当n =1时,g (n )max =-3,∴λ≥-3,当n 为偶数时,λ≤S n n=n +2, 令h (n )=n +2,∴λ≤h (2)=4,∴-3≤λ≤4.6.“双减”政策极大缓解了教育的“内卷”现象,数学中的螺旋线可以形象的展示“内卷”这个词,螺旋线这个名词来源于希腊文,它的原意是“旋卷”或“缠卷”,平面螺旋便是以一个固定点开始向外逐圈旋绕而形成的曲线,如图(1)所示.如图(2)所示阴影部分也是一个美丽的螺旋线型的图案,它的画法是这样的:正方形ABCD 的边长为4,取正方形ABCD 各边的四等分点E ,F ,G ,H ,作第2个正方形EFGH ,然后再取正方形EFGH 各边的四等分点M ,N ,P ,Q ,作第3个正方形MNPQ ,以此方法一直继续下去,就可以得到阴影部分的图案.设正方形ABCD 边长为a 1,后续各正方形边长依次为a 2,a 3,…,a n ,…;如图(2)阴影部分,设Rt △AEH 的面积为b 1,后续各直角三角形面积依次为b 2,b 3,…,b n ,….下列说法错误的是( )A .从正方形ABCD 开始,连续3个正方形的面积之和为1294B .a n =4×⎝⎛⎭⎫104n -1 C .使得不等式b n >12成立的n 的最大值为4 D .数列{b n }的前n 项和S n <4答案 C解析 由题可得a 1=4,a 2=⎝⎛⎭⎫14a 12+⎝⎛⎭⎫34a 12=104a 1, a 3=⎝⎛⎭⎫14a 22+⎝⎛⎭⎫34a 22=104a 2, …,a n =⎝⎛⎭⎫14a n -12+⎝⎛⎭⎫34a n -12=104a n -1, 则a n a n -1=104, 所以数列{a n }是以4为首项,104为公比的等比数列,则a n =4×⎝⎛⎭⎫104n -1,显然B 正确; 由题意可得,S △AEH =a 21-a 224, 即b 1=a 21-a 224,b 2=a 22-a 234,…,b n =a 2n -a 2n +14, 于是b n =16×⎝⎛⎭⎫1042n -2-16×⎝⎛⎭⎫1042n 4=32×⎝⎛⎭⎫58n -1,为等比数列, 对于A ,连续三个正方形的面积之和S =a 21+a 22+a 23=16+10+254=1294,A 正确; 对于C ,令b n =32×⎝⎛⎭⎫58n -1>12,则⎝⎛⎭⎫58n -1>13, 而⎝⎛⎭⎫584-1=125512<13,C 错误;对于D ,S n =32×1-⎝⎛⎭⎫58n 1-58=4×⎣⎡⎦⎤1-⎝⎛⎭⎫58n <4, D 正确.二、多项选择题7.已知F 是椭圆x 225+y 216=1的右焦点,椭圆上至少有21个不同的点P i (i =1,2,3,…),|FP 1|,|FP 2|,|FP 3|,…组成公差为d (d >0)的等差数列,则( )A .该椭圆的焦距为6B .|FP 1|的最小值为2C .d 的值可以为310D .d 的值可以为25答案 ABC解析 由椭圆的方程和定义知a =5,b =4,c =3,∴焦距为6,∴A 正确;又∵a -c ≤|FP i |≤a +c ,∴2≤|FP i |≤8,∴B 正确;令|FP 1|,|FP 2|,|FP 3|,…组成等差数列{a n },d >0,∴a 1=|FP 1|≥2,a n ≤|FP i |max =8,∴d =a n -a 1n -1≤8-2n -1=6n -1≤621-1=310,∴0<d ≤310,∴C 正确,D 错误. 8.如图,已知四边形ABCD 中,F n (n ∈N *)为边BC 上的一列点,连接AF n 交BD 于G n ,点G n (n ∈N *)满足G n F n ---→+2(1+a n )G n C ---→=a n +1G n B ---→,其中数列{a n }是首项为1的正项数列,S n 是数列{a n }的前n 项和,则下列结论正确的是( )A .a 3=13B .数列{3+a n }是等比数列C .a n =4n -3D .S n =2n +1-3n 答案 AB解析 由题意可知G n B ---→=1a n +1G n F n ---→+2(1+a n )a n +1G n C ---→, 因为B ,F n ,C 三点共线,所以1a n +1+2(1+a n )a n +1=1, 即1+2+2a n =a n +1,即a n +1=3+2a n ,a n +1+3=2(a n +3),所以数列{a n +3}是以a 1+3=4为首项,2为公比的等比数列,于是a n +3=4×2n -1=2n +1, 所以a n =2n +1-3, 所以a 3=24-3=13,所以A ,B 选项正确,C 选项不正确.又S 2=a 1+a 2=1+5=6,而22+1-3×2=2,所以D 选项不正确.三、填空题9.在数列{a n }中,a 1=3,对任意m ,n ∈N *,都有a m +n =a m +a n ,若a 1+a 2+a 3+…+a k =135,则k =________.答案 9解析 令m =1,由a m +n =a m +a n 可得,a n +1=a 1+a n ,所以a n +1-a n =3,所以{a n }是首项为3,公差为3的等差数列,a n =3+3(n -1)=3n ,所以a 1+a 2+a 3+…+a k=k (a 1+a k )2=k (3+3k )2=135, 整理可得k 2+k -90=0,解得k =9或k =-10(舍去).10.已知数列{a n }满足a n =n 2+λn ,n ∈N *,若数列{a n }是单调递增数列,则λ的取值范围是______. 答案 (-3,+∞)解析 ∵{a n }是单调递增数列,∴当n ≥1时,a n +1-a n =(n +1)2+λ(n +1)-n 2-λn =2n +1+λ>0恒成立,即λ>-2n -1,∵n ≥1,∴(-2n -1)max =-3,∴λ>-3.11.已知函数f (n )=⎩⎪⎨⎪⎧n 2,n 为奇数,-n 2,n 为偶数,且a n =f (n )+f (n +1),则a 1+a 2+a 3+…+a 8=________. 答案 8解析 当n 为奇数时,n +1为偶数,则a n =n 2-(n +1)2=-2n -1,所以a 1+a 3+a 5+a 7=-(3+7+11+15)=-36.当n 为偶数时,n +1为奇数,则a n =-n 2+(n +1)2=2n +1,则a 2+a 4+a 6+a 8=5+9+13+17=44,所以a 1+a 2+a 3+…+a 8=-36+44=8.12.(2022·聊城质检)某数学兴趣小组模仿“杨辉三角”构造了类似的数阵,将一行数列中相邻两项的乘积插入这两项之间,形成下一行数列,以此类推不断得到新的数列.如图,第一行构造数列1,2;第二行得到数列1,2,2;第三行得到数列1,2,2,4,2,…,则第5行从左数起第6个数的值为________.用A n 表示第n 行所有项的乘积,若数列{B n }满足B n =log 2A n ,则数列{B n }的通项公式为________.答案 8 B n =3n -1+12 解析 根据题意,第5行的数列依次为1,2,2,4,2,8,4,8,2,16,8,32,4,32,8,16,2,从左数起第6个数的值为8.A 1=21,213222A +==, 015133322A ++==,012141333422A +++==, 01234113333522A ++++==, 故有0123211131311333+1323322=2,n n n n A ---+-==-+++++…+则B n =log 2A n =11312213log 2.2n n -+-+=四、解答题13.(2022·烟台模拟)已知等差数列{a n }的前n 项和为S n ,a 4=9,S 3=15.(1)求{a n }的通项公式;(2)保持数列{a n }中各项先后顺序不变,在a k 与a k +1(k =1,2,…)之间插入2k 个1,使它们和原数列的项构成一个新的数列{b n },记{b n }的前n 项和为T n ,求T 100的值. 解 (1)设{a n }的公差为d ,由已知a 1+3d =9,3a 1+3d =15.解得a 1=3,d =2.所以a n =2n +1.(2)因为在a k 与a k +1(k =1,2,…)之间插入2k 个1,所以a k 在{b n }中对应的项数为n =k +21+22+23+…+2k -1 =k +2-2k1-2=2k +k -2, 当k =6时,2k +k -2=68,当k =7时,2k +k -2=133,所以a 6=b 68,a 7=b 133,且b 69=b 70=…=b 100=1.因此T 100=S 6+(2×1+22×1+23×1+…+25×1)+32×1=62×(3+13)+2-261-2+32=142. 14.(2022·长沙质检)已知{a n }是公差不为0的等差数列,其前n 项和为S n ,a 1=2,且a 2,a 4,a 8成等比数列.(1)求a n 和S n ;(2)若b n =n a +1S n ,数列{b n }的前n 项和为T n ,且T n ≥m n +1对任意的n ∈N *恒成立,求实数m 的取值范围.解 (1)设数列{a n }的公差为d , 由已知得a 24=a 2a 8,即(2+3d )2=(2+d )(2+7d ), 整理得d 2-2d =0,又d ≠0,∴d =2,∴a n =2+2(n -1)=2n ,∴S n =n (2+2n )2=n 2+n .(2)由题意知,b n =()22n +1n 2+n =2n +1n (n +1)=2n +1n -1n +1,∴T n =(21+22+…+2n )+⎣⎡⎦⎤⎝⎛⎭⎫1-12+⎝⎛⎭⎫12-13+…+⎝⎛⎭⎫1n -1n +1=2(1-2n )1-2+1-1n +1=2n +1-1-1n +1,∵T n ≥m n +1,∴(n +1)2n +1-(n +2)≥m , 令f (n )=(n +1)2n +1-(n +2),则f (n +1)-f (n )=(n +3)2n +1-1>0, 即f (n +1)>f (n )对任意的n ∈N *恒成立, ∴{f (n )}是单调递增数列,∴[f (n )]min =f (1)=5,∴m ≤5,∴实数m 的取值范围是(-∞,5].。
知识讲解_等比数列及其前n项和_基础

等比数列及其前n 项和 编稿:张希勇 审稿:李霞【学习目标】1.掌握等比数列的定义,理解等比中项的概念;掌握等比数列的通项公式及推导;2.掌握等比数列的性质和前n 项和公式及公式证明思路;会用它们灵活解决有关等比数列的问题;3.能在具体的问题情境中,识别数列的等差关系或等比关系,并能用有关知识解决相应的问题;4.了解等比数列与指数函数的关系. 【要点梳理】要点一、等比数列的定义一般地,如果一个数列从第二项起,每一项与它的前一项的比等于同一个常数,那么这个数列就叫做等比数列.这个常数叫做等比数列的公比;公比通常用字母q 表示(0q ≠),即:1(0)n na q q a +=≠. 要点诠释:①由于等比数列每一项都可能作分母,故每一项均不为0,因此q 可不能是0;②“从第二项起,每一项与它的前一项的比等于同一个常数q ”,这里的项具有任意性和有序性,常数是同一个;③隐含条件:任一项0n a ≠且0q ≠;“0n a ≠”是数列{}n a 成等比数列的必要非充分条件; ④常数列都是等差数列,但不一定是等比数列。
不为0的常数列是公比为1的等比数列; ⑤证明一个数列为等比数列,其依据*1(0)n na q n N q a +=∈≠,.利用这种形式来判定,就便于操作了. 要点二、等比中项如果三个数a 、G 、b 成等比数列,那么称数G 为a 与b 的等比中项.其中G = 要点诠释:①只有当a 与b 同即0ab >时,a 与b 才有等比中项,且a 与b 有两个互为相反数的等比中项. 当a 与b 异或有一个为零即0ab ≤时,a 与b 没有等比中项。
②任意两个实数a 与b 都有等差中项,且当a 与b 确定时,等差中项2a bc +=唯一. 但任意两个实数a 与b 不一定有等比中项,且当a 与b 有等比中项时,等比中项不唯一。
③当0ab >时,a 、G 、b成等比数列2G bG ab G a G⇔=⇔=⇔= ④2G ab =是a 、G 、b 成等比数列的必要不充分条件。
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数列的求和问题
【学习目标】
1.熟练掌握等差数列和等比数列的求和公式;
2.掌握数列的通项a n 与前n 项和S n 之间的关系式;
3.熟练掌握求数列的前n 项和的几种常用方法;注意观察数列的特点和规律,在分析通项的基础上分解为基本数列求和或转化为基本数列求和.
【要点梳理】
要点一、数列的前n 项和S n 的相关公式
任意数列的第n 项n a 与前n 项和n S 之间的关系式:
11(1)(2)
n n n S n a S S n -=⎧=⎨-≥⎩ 等差数列的前n 项和n S 公式:
211()(1)22
n n n a a n n S na d An Bn +-==+=+(A B 、为常数) 当d≠0时,S n 是关于n 的二次式且常数项为0;
当d=0时(a 1≠0),S n =na 1是关于n 的正比例式.
等比数列的前n 项和n S 公式:
当1q =时,1n a a =,1231n n S a a a a na =++++=,
当1≠q 时,q
q a S n n --=1)1(1或q q a a S n n --=11 要点诠释:等比数列的求和中若q 的范围不确定,要特别注意1q =的情况.
要点二、求数列的前n 项和的几种常用方法
公式法:
如果一个数列是等差或者等比数列,求其前n 项和可直接利用等差数列或等比数列的前n 项和公式求和;
倒序相加法:
等差数列前n 项和的推导方法,即将n S 倒写 后再与n S 相加,从而达到(化多为少)求和的目的,常用于组合数列求和.
裂项相消法:
把数列的通项拆成两项之差,然后把数列的每一项都按照这种方法拆成两项的差,以达到在求和的时候隔项正负相抵消的目的,使前n 项的和变成只剩下若干少数项的和的方法.
例如对通项公式为1(1)n a n n =
+的数列求和. 常见的拆项公式: ①)11(1)(1k
n n k k n n +-=+∙; ②若{}n a 为等差数列,且公差d 不为0,首项也不为0,则
111111()n n n n a a d a a ∙++=-; ③若{}n a 的通项的分子为非零常数,分母为非常数列的等差数列的两项积的形式时,则)11(1))((1C
An B An B C C An B An a n +-+-=++=. ④
n n n n -+=++111;)(11
n k n k n k n -+=++. 分解求和与并项求和法:
把数列的每一项拆分成两项或者多项,或者把数列的项重新组合,或者把整个数列分成两部分等等,使其转化成等差数列或者等比数列等可求和的数列分别进行求和.例如对通项公式为a n =2n+3n 的数列求和.
错位相减法:
如果一个数列{}n a 的通项是由一个非常数列的等差数列{}n b 与等比数列{}n c 的对应项乘积组成的,求和的时候可以采用错位相减法.即错位相减法适用于通项为n n n c b a ⋅=(其中{}n b 是公差d≠0的等差数列,{}n c 是公比q≠1的等比数列)(也称为“差比数列”)的数列求前n 项和n S .例如对通项公式为(21)2n n a n =-⋅的数列求和.
一般步骤:
n n n n n c b c b c b c b S ++⋯++=--112211,则
1211n n n n n qS b c b c b c -+=+⋯⋯++
所以有13211)()1(+-⋯⋯+++=-n n n n c b d c c c c b S q
要点诠释:
①错位相减法是基于方程思想和数列规律的一种方法.一般都是把前n 项和的两边都乘以等比数列的公比q 后,再错位相减求出其前n 项和;
②在使用错位相减法求和时一定要注意讨论等比数列中其公比q 是否有可能等于1,若
q=1,错位相减法会不成立.
要点三、掌握一些常见数列的前n 项和公式 1. 2)1(321+=
++++n n n ; 2. 2135(21)n n ++++-= 3. 6)12)(1(3212222++=
++++n n n n ; 要点诠释:前两个公式结论最好能熟记,这样解题时会更加方便.
【典型例题】
类型一:公式法:直接利用或者转化后利用等差或等比数列求和公式 例1.设数列{}n a 的通项为*27(),n a n n N =-∈则1215||||+||a a a ++……=
举一反三:
【变式】已知{}n a 是首项为1的等比数列,n S 是{}n a 的前n 项和,且369,S S =则数列1n a ⎧⎫⎨⎬⎩⎭
的前5项和为 类型二:错位相减法
例2.设0a ≠,求数列:a ,22a ,33a ,…, n na ,…的前n 项和n S .
举一反三:
【高清课堂:数列的求和问题381055 典型例题3】
【变式1】求和2311234...n n S x x x nx -=+++++(x R ∈).
【变式2】求数列
1234,,,,,,248162
n n ⋅⋅⋅⋅⋅⋅的前n 项和n S .
类型三:裂项相消法
例3.求数列
)1(1431321211+⨯⨯⨯n n ,,,,的前n 项的和n S .
举一反三:
【变式1】
,……的前n 项和n S .
【变式2】求和:)(21132112111+∈++++++++++
N n n
(*n N ∈)
类型四:分组转化法求和
例4.已知{a n }是等差数列,满足a 1=3,a 4=12,数列{b n }满足b 1=4,b 4=20,且{b n -a n }为等比数列.
(Ⅰ)求数列{a n }和{b n }的通项公式;
(Ⅱ)求数列{b n }的前n 项和.
【变式1】求和23(21)(21)(21)...(21)n n S =++++++++
【变式2】已知数列{}n x 的首项13x =,通项2n n x p n q =⋅+⋅(*n N ∈,,p q 是常数),且145,,x x x 成等差数列.
(1)求,p q 的值;
(2)求数列{}n x 的前n 项和n S .
【变式3】(2016 北京文)已知{a n }是等差数列,{b n }是等差数列,且b 2=3,b 3=9,a 1=b 1,a 14=b 4.
(Ⅰ)求{a n }的通项公式;
(Ⅱ)设c n = a n + b n ,求数列{c n }的前n 项和.
例5.已知数列{}n a 的前n 项和1159131721...(1)(43)n n S n -=-+-+-++--,求15S ,22S 的值.
【变式1】求21-,22,23-,24,…,2(1)n n ∙-,…的前50项之和50S 以及前n 项之和n S .
【变式2】(2014 湖南)已知数列{a n }的前n 项和S n =2
2n n +,n ∈N *. (Ⅰ)求数列{a n }的通项公式;
(Ⅱ)设b n =n n a a n )1(2-+,求数列{b n }的前2n 项和.。