初三物理欧姆定律技巧(很有用)及练习题含解析
(物理)初三物理欧姆定律解题技巧讲解及练习题(含答案)含解析
(物理)初三物理欧姆定律解题技巧讲解及练习题(含答案)含解析一、欧姆定律选择题1.如图甲所示,电源电压恒为9V,滑动变阻器的最大阻值为100Ω,电流在0.1A~0.4A之间时电子元件均能正常工作.若通过此电子元件的电流与其两端电压的关系如图乙所示,则下列判断正确的是()A. 电子元件工作时,电阻保持不变B. 为使电子元件处于正常工作状态,变阻器的阻值范围应控制在12.5Ω~70ΩC. 当P在中点时,电子元件与滑动变阻器的电压之比为1︰1D. 电子元件处于正常工作状态时,电路消耗的最小功率为3.6W【答案】 B【解析】【解答】(1)从图象可知,电子元件的电阻是在变化的,故A错误;(2)电子元件处于正常工作状态时,电路电流最小为0.1A,电子元件两端的最小电压为2V,所以滑动变阻器两端的最大电压为U1=9V-2V=7V,此时滑动变阻器接入电路的电阻最大,R大===70Ω,电路电流最大为0.4A,电子元件两端的最大电压为4V,所以滑动变阻器两端的最小电压为U2=9V-4V=5V,滑动变阻器接入电路的电阻最小,R小===12.5Ω.所以滑动变阻器的阻值范围应控制在12.5欧~70欧,故B正确;(3)因为电子元件与滑动变阻器串联,通过的电流相等,所以电子元件与滑动变阻器串联两端的电压之比就等于两电阻之比,因无法判断电子元件与滑动变阻器电阻的大小关系,所以无法判断它们两端电压的关系,故C错误;(4)当电路消耗的功率最小时,电路电流最小,为I小=0.1A,电路消耗的最小功率P=UI小=9V×0.1A=0.9W,故D错误.故选B.【分析】(1)从图象可知,电流与电子元件两端的电压不是正比关系,电子元件处于正常工作状态时,电路消耗的最小功率根据公式P=UI可求.(2)当P在中点时,无法判断电子元件与滑动变阻器电阻的大小关系,根据电阻的分压特点可知无法确定当P在中点时电子元件与滑动变阻器的电压之比.(3)由图象可知,电路电流最小为0.1A,电流最大为0.4A,找到对应的电压,根据串联电路电压的规律求出滑动变阻器两端的电压,进一步求出滑动变阻器接入电路的电阻.2.如图甲所示,粗细均匀的电阻丝AB通过滑片连入电路(电阻丝的阻值不随温度变化),小灯泡的额定电压为6V.闭合开关S后,滑片P从最左端A滑到最右端B的过程中,小灯泡的I﹣U图象关系如图乙所示.则下列计算结果正确的是()A. 电源电压为9VB. 小灯泡的额定功率为3WC. 电阻丝AB的最大阻值为6ΩD. 滑片P在A、B两端时小灯泡的电功率之比为1:8【答案】D【解析】【解答】解:(1)由图甲可知,当滑片位于B端时,电路为L的简单电路,此时电路中的电流最大,由图乙可知,通过灯泡的电流为1A,灯泡两端的电压为6V,即电源的电压U=6V,故A错误;灯泡的额定功率P L=U L I L=6V×1A=6W,故B错误;(2)当滑片P在最左端A时,电阻丝AB 完全接入电路中,电路中的电流最小,由图乙可知,通过小灯泡的电流为I=0.5A,灯泡两端电压U L′=1.5V,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,电阻丝AB两端电压:U AB=U﹣U L′=6V﹣1.5V=4.5V,因串联电路中各处的电流相等,所以,由I= 可得,电阻丝AB的阻值:R AB= = =9Ω,故C错误,灯泡的电功率:P L′=U L′I=1.5V×0.5A=0.75W,则滑片P在A、B两端时小灯泡的电功率之比:P L′:P L=0.75W:6W=1:8,故D正确.故选D.【分析】(1)由图甲可知,当滑片位于B端时,电路为L的简单电路,此时电路中的电流最大,根据图乙可知通过灯泡的电流以及两端的电压即为电源的电压,根据P=UI求出灯泡的额定功率;(2)滑片P在最左端A时,电阻丝AB完全接入电路中,电路中的电流最小,根据图乙读出灯泡两端的电压和通过的电流,根据串联电路的电压特点求出AB两端的电压,根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电阻丝AB的阻值,根据P=UI求出灯泡的电功率,然后得出滑片P在A、B两端时小灯泡的电功率之比.3.有两只分别标有”6V3W“和”9V3W“的小灯泡L1、L2,不考虑温度对灯丝电阻的影响,下列说法正确的是()A. L1和L2正常工作时的电流一样大B. L1和L2串联在一起同时使用时,两灯一样亮C. L1和L2并联在一起同时使用时,两灯消耗的功率一样大D. 将L1串联在一个12Ω的电阻,接在电源电压为12V的电路中,L1也能正常发光【答案】D【解析】【解答】解:A.由P=UI可得,两灯泡正常发光时的电流分别为:I1= = =0.5A,I2= = = A,所以两灯泡正常发光时的电流不一样,故A错误;B.由P=UI= 可得,两灯泡的电阻分别为:R1= = =12Ω,R2= = =27Ω,两灯泡串联时通过的电流相等,但灯泡的电阻不同,由P=I2R可知,两灯泡的实际功率不相等,亮度不同,故B错误;C.L1和L2并联在一起同时使用时,它们两端的电压相等,但灯泡的电阻不同,由P= 可知,两灯泡消耗的电功率不相等,故C错误;D.将L1串联在一个12Ω的电阻时,电路中的总电阻R总=R1+R=12Ω+12Ω=24Ω,电路中的电流I= = =0.5A,因电路中的电流和灯泡L1正常发光时的电流相等,所以L1能正常发光,故D正确.故选D.【分析】(1)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等,根据P=UI求出两灯泡的正常发光时的电流,然后比较两者的关系;(2)根据P=UI= 求出两灯泡的电阻,根据串联电路的电流特点和P=I2R比较两灯泡的实际功率关系,实际功率大的灯泡较亮;(3)L1和L2并联在一起同时使用时,它们两端的电压相等,根据P= 比较两灯泡消耗的电功率关系;(4)将L1串联在一个12Ω的电阻时,根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流,然后与灯泡L1正常发光时的电流相比较判断其是否能正常发光.4.如图甲,R1为定值电阻,R p为滑动变阻器,闭合开关,R p的滑片从一端移动到另一端,得到电压与电流图像如图乙,下列说法正确的是()A. 电源电压为3V,R1阻值为18ΩB. 电路消耗的最小功率为0.2WC. 当R p总阻值的接入电路时,它与定值电阻消耗的功率之比为6:5D. 当电流为0.4A时,R1与R p连入电路的阻值之比为1:2【答案】 C【解析】【解答】A.据乙图可知,当滑片滑到最左端时,此时电流最大为0.6A,电阻R 1两端的电压是3V,因此电源电压U 总=3V;电阻R 1的阻值为:,故A错误;B.据乙图可知,电路的最小电流为0.2A,那么电路消耗的最小功率为:P总=U总I总=3V×0.2=0.6W,故B错误;C.当滑片滑到最右端时,变阻器全部使用,此时电流最小为0.2A,这时的总电阻为:;那么滑动变阻器的最大阻值为:R P=R总-R1=15Ω-5Ω=10Ω;当R p总阻值的接入电路时,它与定值电阻消耗的功率之比:,故C正确;D.当电流为0.4A时,总电阻;滑动变阻器接入的电阻为:R P=R总-R1=7.5Ω-5Ω=2.5Ω;R1与R p连入电路的阻值之比:,故D错误。
【物理】九年级必备物理欧姆定律技巧全解及练习题(含答案)含解析
【物理】九年级必备物理欧姆定律技巧全解及练习题(含答案)含解析一、欧姆定律选择题1.将两个阻值不等的电阻R1和R2按如图(甲)、(乙)所示的方式接入电路中。
已知电源电压相同,R1小于R2,则下列判断中正确的是()A. 电压表V1的示数等于V2的示数B. 电流表A1的示数小于A2的示数C. 电压表V1与电流表A1的比值等于电压表V2与电流表A2的比值D. 电压表V1与电流表A1的比值大于电压表V2与电流表A2的比值【答案】B【解析】【解答】(1)由甲电路图可知,R1与R2串联,电压表V1测R1两端的电压,电流表A1测电路中的电流,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,电路中电流表A1的示数:,电压表V1的示数:电压表V1与电流表A1的比值(2)由乙电路图可知,R1与R2并联,电压表V2测电源两端的电压,电流表A2测R2支路的电流,则电压表V2的示数U V2=U,因并联电路中各支路两端的电压相等,所以,电流表A2的示数:,电压表V2与电流表A2的比值综上可知:A.由可知,,即电压表V1的示数小于V2的示数,A 不符合题意;B.由可知,I A1<I A2,即电流表A1的示数小于A2的示数,B符合题意;CD.由R1小于R2可知,,即电压表V1与电流表A1的比值小于电压表V2与电流表A2的比值,CD不符合题意。
故答案为:B。
【分析】利用欧姆定律的电流和电阻分析电压,结合串联电路和并联电路中电流规律分析.2.如图所示,闭合开关,条形磁铁静止后,将滑动变阻器滑片P从左往右滑动的过程中,弹簧将()A. 缩短B. 伸长C. 静止不动D. 先伸长后缩短【答案】B【解析】【解答】解:滑片从左往右滑动,滑动变阻器接入电路的电阻变小,电路中的电流变大,通电螺线管的磁性增强;根据图中电流方向结合安培定则可判断出:螺线管的上端为N极,下端为S极,此时根据磁极捡到相互作用:异名磁极相互吸引,所以螺线管对磁铁的吸引力增大,弹簧的长度变长。
(物理)初三物理欧姆定律解题技巧分析及练习题(含答案)
(物理)初三物理欧姆定律解题技巧分析及练习题(含答案)一、欧姆定律选择题1.如图所示的电路中,电源电压为20V,定值电阻为20Ω,滑动变阻器标有“30Ω 1A”字样,电压表选用的量程是0~15V,在该电路正常使用的情况下,则:()A. 电路允许通过的最大电流为1AB. 电路消耗的最小功率为8WC. 电压表的最小示数为5VD. 滑动变阻器接入电路的最小阻值为10Ω【答案】 B【解析】【解答】由于电压表量程为“0~15V”,则当U R=15V时,.此时电流小于滑动变阻器的最大电流1A,所以电路中的最大电流为I max=I R =0.75A,故A错误.根据串联电路的电压特点可知:U滑min=U-U R=20V-15V=5V,根据欧姆定律得:;故D错误;当滑动变阻器全部连入电路时,则根据电阻的串联特点得:R总max=R+R滑=20Ω+30Ω=50Ω,所以,,根据欧姆定律得:电压表的最小示数U Rmin=I min R=0.4A×20Ω=8V,故C错误.电路消耗的最小功率P min=UI min=20V×0.4A=8W,故B正确.故答案为:B.【分析】(1)当电压表示数为15V时,根据算出电路中的电流,再与滑动变阻器上允许通过的最大电流相比较即可确定电路中的最大电流;(2)电路中电流最大时,滑动变阻器最值最小,根据算出滑动变阻器的最小阻值;(3)当滑动变阻器阻值最大时,电路中电流最小,根据欧姆定律求出电路中的最小电流,再根据U=IR求出电压表的示数;(4)根据P=UI算出电路消耗的最小功率.2.如甲图所示为气敏电阻随有害尾气浓度β变化的曲线,某物理科技小组利用气敏电阻设计了汽车有害尾气排放检测电路,如图乙所示,电源电压恒定不变,R为气敏电阻,L为指示灯.当有害尾气浓度β增大时()A. 电压表的示数增大,指示灯亮度增大B. 电压表的示数减小,指示灯亮度增大C. 电压表的示数减小,指示灯亮度减小D. 电压表的示数增大,指示灯亮度减小【答案】 B【解析】【解答】解:由电路图可知,两电阻串联,电压表测气敏电阻两端的电压,电流表测电路中的电流,由图甲可知,当有害尾气浓度增大时,气敏电阻的阻值将变小,电路的总电阻变小,由I=可知,电路中的电流变大,由U=IR可知,灯泡L两端的电压变大,故指示灯亮度增大;故CD错误;因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,气敏电阻R两端的电压变小,即电压表的示数变小;故A错误,B正确.故选B.【分析】由电路图可知,气敏电阻与指示灯串联,电压表测气敏电阻两端的电压,电流表测电路中的电流,根据甲图得出当有害尾气浓度增大时气敏电阻阻值的变化,根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化,根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化;3.如图所示,若电路中电源两端的电压保持不变,闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P从b端向a端滑动的过程中()A. 电压表V1的示数变大,电流表A的示数变大B. 电压表V2的示数变大,电流表A的示数变小C. 电压表V1的示数变大,电流表A的示数变小D. 电压表V2的示数变大,电流表A的示数变大【答案】 A【解析】【解答】解:由图知,定值电阻R1和滑动变阻器R2串联,V1测量R1两端的电压,电压表V2测量R2两端的电压,电流表测量串联电路中的电流。
【物理】九年级物理欧姆定律解题技巧(超强)及练习题(含答案)含解析
【物理】九年级物理欧姆定律解题技巧 ( 超强 ) 及练习题 ( 含答案 ) 含分析一、欧姆定律选择题1.以下图电路,电源电压保持不变,闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P 向 b 端挪动,则在挪动过程中()A. 电压表 V 的示数变小,电流表A1的示数变大B. 电压表 V 的示数不变,电流表A2的示数变小C. 电压表 V 的示数与电流表 A1的示数的乘积变小D. 电压表 V 的示数与电流表A1和 A2的示数差的比值不变【答案】 C【分析】【解答】 A、由电路图知R121丈量干路中的电流,2丈量1中的电、 R并联, A A R流,将滑动变阻器的滑片P 向 b 端挪动,滑动变阻器的阻值变大;因为R12并联,支路、 R两头的电压相等且等于电源电压,所以电压表的示数不变, A 不切合题意;B、由 I=知电流表A1的示数变小,电流表A2的示数不变, B 不切合题意;C、由电源电压不变、电流表 A 的示数变小、 P=UI 得 P 减小, C 切合题意;1D、电流表 A1和 A2的示数差即为 R2中的电流,电压表V 的示数与电流表 A1和 A2的示数差的比值即为 R2的值, R2的阻值变小, D 不切合题意。
故答案为: B。
【剖析】 A 先判断电路的连结方式为并联,再依据并联电路电压的规律判断电压表的示数变化; B、依据欧姆定律判断电流表的示数变化; C、依据 P=UI 剖析判断; D、依据 R2的阻值变化判断。
2.如甲图所示为气敏电阻随有害尾气浓度β变化的曲线,某物理科技小组利用气敏电阻设计了汽车有害尾气排放检测电路,如图乙所示,电源电压恒定不变,R 为气敏电阻, L 为指示灯.当有害尾气浓度β增大时()A. 电压表的示数增大,指示灯亮度增大B. 电压表的示数减小,指示灯亮度增大C. 电压表的示数减小,指示灯亮度减小D. 电压表的示数增大,指示灯亮度减小【答案】B【分析】【解答】解:由电路图可知,两电阻串连,电压表测气敏电阻两头的电压,电流表测电路中的电流,由图甲可知,当有害尾气浓度增大时,气敏电阻的阻值将变小,电路的总电阻变小,由 I= 可知,电路中的电流变大,由 U=IR 可知,灯泡 L 两头的电压变大,故指示灯亮度增大;故 CD 错误;因串连电路中总电压等于各分电压之和,所以,气敏电阻R 两头的电压变小,即电压表的示数变小;故 A 错误, B 正确.应选 B.【剖析】由电路图可知,气敏电阻与指示灯串连,电压表测气敏电阻两头的电压,电流表测电路中的电流,依据甲图得出当有害尾气浓度增大时气敏电阻阻值的变化,依据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两头的电压变化,依据串连电路的电压特色可知电压表示数的变化;3.以下图电路,电源电压恒为 4.5V,定值电阻 R0的阻值为 10Ω,滑动变阻器的最大阻值为 30Ω,电阻箱 R x最大阻值为 999.9 Ω,电流表量程为 0 ~ 0.6A,电压表量程为 0 ~3V.闭合开关S,以下说法正确的选项是()A. S1、 S2均向左闭合, R x同意接入电路的最大阻值为20ΩB. S 、 S 均向右闭合,电路同意耗费的最大功率为 2.7W12C. S 向左、 S 向右闭合, R 同意接入电路的最大阻值为60Ω12xD. S 向右、 S 向左闭合,只调R 使电流表示数减半后其阻值必定大于本来的 2 倍12x【答案】 D【分析】【解答】解:⑴闭合开关 S, S12均向左闭合时,0x、 S R 、 R 、滑动变阻器串连,电压表测 R x两头的电压,电流表测电路中的电流,当滑动变阻器接入电路中的电阻最大且电压表的示数U x= 3V时,电阻箱x接入电路中的R电阻最大,因串连电路中总电压等于各分电压之和,所以, R0和滑动变阻器两头的电压之和:U0滑= U﹣ U x= 4.5V﹣ 3V=1.5V,因串连电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,电路中的电流:I === 0.0375A,1R x同意接入电路的最大阻值:R=== 80Ω,A 不切合题意;x 大⑵闭合开关 S, S1、 S2均向右闭合时, R0、 R x、滑动变阻器串连,电压表测R0两头的电压,电流表测电路中的电流,当电压表的示数U0= 3V 时,电路中的电流:I2===0.3A,因串连电路中各处的电流相等,且电流表量程为0~ 0.6A,所以,电路中的最大电流为0.3A,则电路同意耗费的最大功率:P 大= UI2= 4.5V × 0.3A= 1.35W ,B 不切合题意;⑶闭合开关 S, S向左、 S向右闭合时, R 、 R 、滑动变阻器串连,电压表测R和R两头120x0x的电压,电流表测电路中的电流,当滑动变阻器接入电路中的电阻最大且电压表的示数U0x= 3V时,电阻箱x接入电路中的R电阻最大,此时滑动变阻器两头的电压:U 滑= U﹣ U0x= 4.5V﹣ 3V= 1.5V,因串连电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,电路中的电流:I3===0.05A,则 R0和 R x的最大总阻值:R总===60Ω,所以, R x同意接入电路的最大阻值:R x大′= R 总﹣ R0= 60Ω﹣10Ω= 50Ω, C不切合题意;⑷闭合开关 S, S1向右、 S2向左闭合, R0、 R x、滑动变阻器串连,电压表被短路,电流表测电路中的电流,设此时电路的总电阻为R 总′= R x+R0+R 滑,即 R x= R 总′﹣ R0﹣R 滑,只调 R x使电流表示数减半时,电路的总电阻R 总″= R x′ +R0+R 滑,即 R x′=R 总″﹣R0﹣ R 滑,由 R=可知,只调 R x使电流表示数减半时,电路的总电阻R 总x0滑),″= 2(R +R +R则 R x′﹣ R x=( R 总″﹣ R0﹣ R 滑)﹣( R 总′﹣ R0﹣ R 滑)= R 总″﹣ R 总′= 2( R x+R0+R 滑)﹣(R x+R0+R 滑)= R x+R0+R 滑> R x,所以, R x x x使电流表示数减半后其阻值必定大于本来的 2 倍,D 切合题′> 2R,即只调R意。
(物理)初三物理欧姆定律解题技巧讲解及练习题(含答案)
(物理)初三物理欧姆定律解题技巧讲解及练习题(含答案)一、欧姆定律选择题1.某同学做电学实验时,电路如下图所示.已知他所用电流表的量程为0~0.6A,电压表的量程为0~3V,电源电压为6V保持不变,滑动变阻器的最大阻值为50Ω,定值电阻R0为10Ω,开关S闭合后,在实验操作无误的情况下,下列说法中正确的说法是()A. 电流表的最大示数为0.6AB. 滑动变阻器消耗的最小功率为0WC. 电压表的最小示数为1VD. 电阻R0消耗的最大功率为1.8W【答案】 C【解析】【解答】(1)∵电源电压为6V,电压表的量程为0﹣3V,∴P不能滑到左端,∴滑动变阻器连入电阻不能为0,滑动变阻器的电功率不能为0;当电压表的示数为3V,即:U R=3V时:①电流最大(电流表的示数最大),I大==0.3A,②R0消耗的电功率最大,P大=I2R0=(0.3A)2×10Ω=0.9W;(2)当滑片P在右端(电阻全连入为50Ω ),此时电路中的电阻最大,电流最小,I小= =0.1A,U小=I小R0=0.1A×10Ω=1V.故答案为:C.【分析】由电路图可知,定值电阻与滑动变阻器串联,电压表测定值电阻两端电压,电流表测电路电流;(1)电源的电压大于电压表的最大示数,由串联电路的分压特点可知当电压表的示数最大时电路中的电流最大,此时定值电阻消耗的电功率最大,滑动变阻器两端的电压不为0,由P=UI可得滑动变阻器的最小电功率不可能为0,根据串联电路的电压特点求出定值电阻两端的电压,根据欧姆定律求出电路中的最大电流,利用P=I2R求出电阻R0消耗的最大功率;(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电压表的示数最小,根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流,利用欧姆定律求出电压表的最小示数.2.如图所示,开关闭合后.当滑动变阻器滑片向某一方向滑动时,观察到灯泡变暗,该过程中()A. 电流表示数变大,电压表示数变小B. 电流表示数变大,电压表示数变大C. 电流表示数变小,电压表示数变小D. 电流表示数变小,电压表示数变大【答案】 D【解析】【解答】由电路图可知,灯泡与滑动变阻器串联,电压表测滑动变阻器两端的电压,电流表测电路中的电流,当滑动变阻器滑片向某一方向滑动时,灯泡变暗,则灯泡的实际功率变小,因串联电路中各处的电流相等,由P=I2R可知,电路中的电流变小,即电流表的示数变小,AB不符合题意;由U=IR可知,灯泡两端的电压变小,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,滑动变阻器两端的电压变大,即电压表的示数变大,C不符合题意、D符合题意。
【物理】初三物理欧姆定律解题技巧及经典题型及练习题(含答案)
【物理】初三物理欧姆定律解题技巧及经典题型及练习题(含答案)一、欧姆定律选择题1.要丈量一个阻值约为500 Ω的电阻 R x.供给的器械有:干电池两节,学生用电压表(量程为 0~3V、 0~ 15V)、学生用电流表(量程为0~ 0.6A、 0~ 3A)、滑动变阻器R1( 10Ω、1A )、电阻箱R2(0~ 9999 Ω)以及单刀双掷开关各一只,开关、导线若干。
以下四种电路中,能够较正确地测出R x阻值的是()A. ①②③B. ②④C. ③④D. 只有②【答案】 D【分析】【解答】解:① 由电路图可知,被测电阻和滑动变阻器串连,电压表丈量电阻R x 两头电压,电流表丈量经过电路的电流,但因为R x1Ω;因此电路中的电流=500Ω>> R =10几乎不变,没法多次丈量减小求均匀值;② 由电路图可知,闭合总开关,单刀双掷开关能够使电压表分别丈量R x两头电压和电源电压,依据串连电路特色可知电阻箱两头电压,已知电阻箱的阻值和两头电压,依据欧姆定律即可求出电路中的电流,最后利用即可求出被测电阻,因为电阻箱的阻值变化范围比较大,能够改变电阻箱的地点起到多次丈量减小求均匀值,减小偏差;③ 由电路图可知,电阻箱与被测电阻并联,闭合总开关,当单刀双掷开关与R 连结,读x出电流表示数,当单刀双掷开关与R2连结,保持滑动变阻器的滑片不动,调理R2的阻值,使电流表示数与本来的示数同样,读出电阻箱R2值,即为R x的阻值,能够进行多次丈量;因为电阻箱 R2的阻值不是连续的,则丈量的值只好精准到1Ω;④ 由电路图可知,电阻箱与被测电阻并联,闭合总开关,当单刀双掷开关与R x连结,电压表丈量 R x两头电压,读出电压表示数;当单刀双掷开关与R2连结,保持滑动变阻器的滑片不动,调理 R2的阻值,使电压表示数与本来的示数同样,读出电阻箱R2值,即为 R x 的阻值,能够进行多次丈量;因为电阻箱R2的阻值不是连续的,则丈量的值只好精准到1Ω;综合上边的剖析可知,能够较正确地测出R x阻值的是② 。
九年级物理全册第十七章欧姆定律解题方法技巧(带答案)
九年级物理全册第十七章欧姆定律解题方法技巧单选题1、由欧姆定律I=UR 变形可得R=UI,以下说法正确的是()A.导体的电阻跟它两端的电压成正比B.导体的电阻跟通过它的电流成反比C.导体的电阻跟它两端的电压和通过它的电流无关D.导体的电阻由它两端的电压和通过它的电流的比值决定答案:C导体的电阻是导体的一种属性,导体两端的电压及通过它的电流的大小不会影响导体电阻的大小,而电路中导体的电阻一定时,通过导体的电流与其两端的电压成正比,当电路中的电压一定时,改变电路中的电阻大小,通过电阻的电流会与电阻成反比,故ABD错误,C正确。
故选C。
2、我市交通管理部门定期开展交通违法专项治理行动,如图甲是查处饮酒驾驶行为中使用的某酒精测试仪工作原理图,电源电压恒定,R1为定值电阻,R2为气敏电阻,其阻值随气体酒精浓度的变化情况如图乙所示,闭合开关S,下列说法正确的是()A.气敏电阻主要由超导体材料制成B.图甲中通过R1的电流保持不变C.检测气体的酒精浓度越大,R2阻值越大D.检测气体的酒精浓度越大,电压表示数越大答案:DAC.由图乙可知,气敏电阻R2的阻值不为0,且随气体酒精浓度的增大而减小,而超导体的阻值为0,故AC 错误;B.由图乙可知,气敏电阻R2的阻值随气体酒精浓度的增大而减小,根据串联电路的电阻特点可知,电路中的总电阻会改变,而电源电压不变,再根据欧姆定律可知,电路中的电流会改变,故B错误;D.由图乙可知,检测气体的酒精浓度越大,气敏电阻R2的阻值越小,根据串联电路的电阻特点可知,电路中的总电阻会变小,而电源电压不变,再根据欧姆定律可知,电路中的电流会变大,由公式U=IR可知,定值电阻R1两端的电压变大,而电压表测的就是定值电阻R1两端电压,所以电压表示数变大,故D正确。
故选D。
3、如图,电源电压保持不变,R为定值电阻。
闭合开关S,将滑片P从右端向左端移动过程中,下列说法正确的是()A.V1和V2示数不变,A示数变大B.V2和A示数的乘积先变大后变小C.V1和A示数之比不变D.V2和A示数之比变小答案:D滑动变阻器与电阻串联,电流表测电路的电流,V2测电源电压,V1测变阻器的电压。
【物理】九年级物理欧姆定律解题技巧分析及练习题(含答案)含解析
【物理】九年级物理欧姆定律解题技巧分析及练习题(含答案)含解析一、欧姆定律选择题1.如图所示,电源电压保持不变,当开关S由断开到闭合时,电路中()A. 电流表的示数变大,小灯泡变亮B. 电流表的示数变小,小灯泡变亮C. 电压表的示数变小,小灯泡不亮D. 电压表的示数变大,小灯泡不亮【答案】D【解析】【解答】解:当开关S断开时,灯L与电阻R串联,电压表测R两端的电压,电流表测电路中的电流;S闭合时,L短路,灯不亮,电路中只有R,此时电压表测电源电压,电流表测电路中的电流;根据串联电路电压的规律,故电压表示数变大,根据串联电阻的规律,S闭合时电阻变小,根据欧姆定律I= 可知,电路中电流变大,电流表示数变大;综上所述,只有D正确,ABC错误.故选D.【分析】分析当开关S由断开到闭合时电路的变化,根据串联电路的规律和欧姆定律确定正确答案.2.如图所示,电源电压不变,下列说法正确的是()A. 只闭合S1,将P向左移动,电流表示数变小,电压表示数变大B. 闭合S1、S2,断开S3,将P向左移动,R1消耗的功率增大C. 开关都闭合,将P向左移动,电压表的示数为零,电流表示数变小D. 开关都闭合,将P向左移动,L消耗的功率不变,R2消耗的功率变小【答案】B【解析】【解答】解A只闭合S1, R1、R2串联,电压表测R2电压, P向左移动,R2电阻变小,总电阻变小,电流变大,根据串联电路的分压规律知电压表示数变小,A不符合题意;(2)闭合S1、S2,断开S3, R1与灯并联后与R2串联,将P左移,R2电阻变小,根据分压原理,R2的电压变小,根据串联电路电压的规律,并联部分的电压变大,根据P=,R1消耗的功率增大,B符合题意;(3)(4)开关都闭合,R2短路,所以滑片移动对电路无影响CD不符合题意。
故答案为:B.【分析】分析开关在不同状态下电路结构,结合串联电路特点和欧姆定律分析判断将P向左移动时两电表变化量比值的变化情况;由并联电路特点、欧姆定律和电功率公式分析判断电表示数及两者功率变化.3.如图甲,R1为定值电阻,R p为滑动变阻器,闭合开关,R p的滑片从一端移动到另一端,得到电压与电流图像如图乙,下列说法正确的是()A. 电源电压为3V,R1阻值为18ΩB. 电路消耗的最小功率为0.2WC. 当R p总阻值的接入电路时,它与定值电阻消耗的功率之比为6:5D. 当电流为0.4A时,R1与R p连入电路的阻值之比为1:2【答案】 C【解析】【解答】A.据乙图可知,当滑片滑到最左端时,此时电流最大为0.6A,电阻R 1两端的电压是3V,因此电源电压U 总=3V;电阻R 1的阻值为:,故A错误;B.据乙图可知,电路的最小电流为0.2A,那么电路消耗的最小功率为:P总=U总I总=3V×0.2=0.6W,故B错误;C.当滑片滑到最右端时,变阻器全部使用,此时电流最小为0.2A,这时的总电阻为:;那么滑动变阻器的最大阻值为:R P=R总-R1=15Ω-5Ω=10Ω;当R p总阻值的接入电路时,它与定值电阻消耗的功率之比:,故C正确;D.当电流为0.4A时,总电阻;滑动变阻器接入的电阻为:R P=R总-R1=7.5Ω-5Ω=2.5Ω;R1与R p连入电路的阻值之比:,故D错误。
【物理】初三物理欧姆定律技巧和方法完整版及练习题含解析
【物理】初三物理欧姆定律技巧和方法完整版及练习题含解析一、欧姆定律选择题1.如图所示,电源电压不变,电阻R=30Ω。
当滑动变阻器滑片P从阻值最大位置滑动到中点时,电压表示数的变化范围是12V-18V,则下列计算结果正确的是()A. 变阻器两端电压最大值是24VB. 滑动变阻器的最大阻值是30ΩC. 电流表最大示数为0.4AD. 电源电压是30V【答案】 A【解析】【分析】由电路图可知滑动变阻器与电阻R串联,电压表测量R两端的电压,则设滑动变阻器的最大阻值为R1,则可分别由电压表的最大值及最小值利用欧姆定律可列出电压与滑动变阻器阻值的关系式,则可求得R1;则由欧姆定律可求得滑动变阻器的最大阻值及电流表的最大值.【解答】设滑动变阻器的最阻值为R1,当R1全部接入时,电压表示数最小;当接入一半时,电压最大为18V;则由欧姆定律可得:U R小=I小R=R=12V;U R大=I大R=R=18V;两式联立可得:R1=60Ω;U=36V;因滑动变阻器与电阻R串联,故当电压表示数最小时,滑动变阻器两端电压最大,故最大值为36V-12V=24V;当滑动变阻器接入总电阻的一半时,电流最大,最大电流I最大===0.6A;故选A.【点评】本题中已知物理量较小,故应通过方程法得出要求的物理量;同时应注意掌握电压表的测量范围,即正确找出与电压表并联部分电路.2.如图甲所示,粗细均匀的电阻丝AB通过滑片连入电路(电阻丝的阻值不随温度变化),小灯泡的额定电压为6V.闭合开关S后,滑片P从最左端A滑到最右端B的过程中,小灯泡的I﹣U图象关系如图乙所示.则下列计算结果正确的是()A. 电源电压为9VB. 小灯泡的额定功率为3WC. 电阻丝AB的最大阻值为6ΩD. 滑片P在A、B两端时小灯泡的电功率之比为1:8【答案】D【解析】【解答】解:(1)由图甲可知,当滑片位于B端时,电路为L的简单电路,此时电路中的电流最大,由图乙可知,通过灯泡的电流为1A,灯泡两端的电压为6V,即电源的电压U=6V,故A错误;灯泡的额定功率P L=U L I L=6V×1A=6W,故B错误;(2)当滑片P在最左端A时,电阻丝AB 完全接入电路中,电路中的电流最小,由图乙可知,通过小灯泡的电流为I=0.5A,灯泡两端电压U L′=1.5V,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,电阻丝AB两端电压:U AB=U﹣U L′=6V﹣1.5V=4.5V,因串联电路中各处的电流相等,所以,由I= 可得,电阻丝AB的阻值:R AB= = =9Ω,故C错误,灯泡的电功率:P L′=U L′I=1.5V×0.5A=0.75W,则滑片P在A、B两端时小灯泡的电功率之比:P L′:P L=0.75W:6W=1:8,故D正确.故选D.【分析】(1)由图甲可知,当滑片位于B端时,电路为L的简单电路,此时电路中的电流最大,根据图乙可知通过灯泡的电流以及两端的电压即为电源的电压,根据P=UI求出灯泡的额定功率;(2)滑片P在最左端A时,电阻丝AB完全接入电路中,电路中的电流最小,根据图乙读出灯泡两端的电压和通过的电流,根据串联电路的电压特点求出AB两端的电压,根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电阻丝AB的阻值,根据P=UI求出灯泡的电功率,然后得出滑片P在A、B两端时小灯泡的电功率之比.3.地磅工作时,重物越重,电表的示数就越大。
初三物理欧姆定律答题技巧及练习题(含答案)含解析
初三物理欧姆定律答题技巧及练习题(含答案)含解析一、欧姆定律选择题1.如图所示,电源电压不变,电阻R=30Ω。
当滑动变阻器滑片P从阻值最大位置滑动到中点时,电压表示数的变化范围是12V-18V,则下列计算结果正确的是()A. 变阻器两端电压最大值是24VB. 滑动变阻器的最大阻值是30ΩC. 电流表最大示数为0.4AD. 电源电压是30V【答案】 A【解析】【分析】由电路图可知滑动变阻器与电阻R串联,电压表测量R两端的电压,则设滑动变阻器的最大阻值为R1,则可分别由电压表的最大值及最小值利用欧姆定律可列出电压与滑动变阻器阻值的关系式,则可求得R1;则由欧姆定律可求得滑动变阻器的最大阻值及电流表的最大值.【解答】设滑动变阻器的最阻值为R1,当R1全部接入时,电压表示数最小;当接入一半时,电压最大为18V;则由欧姆定律可得:U R小=I小R=R=12V;U R大=I大R=R=18V;两式联立可得:R1=60Ω;U=36V;因滑动变阻器与电阻R串联,故当电压表示数最小时,滑动变阻器两端电压最大,故最大值为36V-12V=24V;当滑动变阻器接入总电阻的一半时,电流最大,最大电流I最大===0.6A;故选A.【点评】本题中已知物理量较小,故应通过方程法得出要求的物理量;同时应注意掌握电压表的测量范围,即正确找出与电压表并联部分电路.2.如图甲所示,粗细均匀的电阻丝AB通过滑片连入电路(电阻丝的阻值不随温度变化),小灯泡的额定电压为6V.闭合开关S后,滑片P从最左端A滑到最右端B的过程中,小灯泡的I﹣U图象关系如图乙所示.则下列计算结果正确的是()A. 电源电压为9VB. 小灯泡的额定功率为3WC. 电阻丝AB的最大阻值为6ΩD. 滑片P在A、B两端时小灯泡的电功率之比为1:8【答案】D【解析】【解答】解:(1)由图甲可知,当滑片位于B端时,电路为L的简单电路,此时电路中的电流最大,由图乙可知,通过灯泡的电流为1A,灯泡两端的电压为6V,即电源的电压U=6V,故A错误;灯泡的额定功率P L=U L I L=6V×1A=6W,故B错误;(2)当滑片P在最左端A时,电阻丝AB 完全接入电路中,电路中的电流最小,由图乙可知,通过小灯泡的电流为I=0.5A,灯泡两端电压U L′=1.5V,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,电阻丝AB两端电压:U AB=U﹣U L′=6V﹣1.5V=4.5V,因串联电路中各处的电流相等,所以,由I= 可得,电阻丝AB的阻值:R AB= = =9Ω,故C错误,灯泡的电功率:P L′=U L′I=1.5V×0.5A=0.75W,则滑片P在A、B两端时小灯泡的电功率之比:P L′:P L=0.75W:6W=1:8,故D正确.故选D.【分析】(1)由图甲可知,当滑片位于B端时,电路为L的简单电路,此时电路中的电流最大,根据图乙可知通过灯泡的电流以及两端的电压即为电源的电压,根据P=UI求出灯泡的额定功率;(2)滑片P在最左端A时,电阻丝AB完全接入电路中,电路中的电流最小,根据图乙读出灯泡两端的电压和通过的电流,根据串联电路的电压特点求出AB两端的电压,根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电阻丝AB的阻值,根据P=UI求出灯泡的电功率,然后得出滑片P在A、B两端时小灯泡的电功率之比.3.如图电路,电源电压不变,闭合开关S,当滑片P置于滑动变阻器R2的最右端B处时,电压表的示数为4V,定值电阻R1的功率为0.8W;当滑片P置于滑动变阻器R2的中点时,电压表的示数变化了1V.下列结果正确的是()A. 电源电压为8VB. R1的阻值为20ΩC. 电路前后电流之比为1:3D. 电路总功率变化了1.2W【答案】 D【解析】【解答】解:(1)由电路图可知,R1与R2串联,电压表测滑动变阻器R2两端的电压,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,当滑片在B处时,电路中的电流:I1=,则滑动变阻器两端的电压:U2=I1×R2= ×R2=4V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①由图知,当滑片P置于滑动变阻器R2的中点时,滑动变阻器的电阻减小,由串联分压的规律可知,电压表的示数减小,即此时滑动变阻器两端电压为U2=4V﹣1V=3V,同理可得,此时滑动变阻器两端的电压:U2′= × =3V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②用①式比②式可得:=,解得:R2=2R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③将③代入①式可得:=4V,解得:U=6V,A不符合题意;(2)当滑片P置于滑动变阻器R2的最右端B处时,电压表的示数为4V,定值电阻两端的电压为U1=6V﹣4V=2V,此时定值电阻R1的功率为0.8W,即;P1===0.8W,解得:R1=5Ω,则R2=2R1=2×5Ω=10Ω,B不符合题意;(3)电路前后电流之比为I1:I2=:=:=,C不符合题意;(4)电路总功率变化了:△P=P2总﹣P1总=﹣=﹣=1.2W,D符合题意。
【物理】初三物理欧姆定律解题技巧讲解及练习题(含答案)及解析
【物理】初三物理欧姆定律解题技巧讲解及练习题(含答案)及解析一、欧姆定律选择题1.如图所示,电源电压保持不变,R1:R2:R3=1:1:2.闭合开关S1、S2,电压表V1、V2的示数分别为U1、U2,电流表A的示数为I,只闭合开关S1,电压表V1、V2的示数分别为U1′、U2′,电流表A的示数为I′,则下列说法中错误的是()A. U1:U2=1:1B. U1′:U2′=1:3C. I:I′=4:1D. U2:U2′=2:3【答案】 C【解析】【解答】解:已知R1:R2:R3=1:1:2,可设R1=R2=R,R3=2R,闭合开关S1、S2时,R1与R2串联,电压表V1测R1两端的电压,电压表V2测R2两端的电压,电流表测电路中的电流,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,电路中电流表的示数:I===,两电压表的示数分别为:U1=IR1= ×R=,U2=IR2= ×R=,则U1:U2=:=1:1,A符合题意;只闭合开关S1时,R1、R2、R3串联,电压表V1测R1两端的电压,电压表V2测R2和R3两端的电压之和,电流表测电路中的电流,此时电路中电流表的示数:I′===,则I:I′=:=2:1,C不符合题意;两电压表的示数分别为:U1′=I′R1= ×R=,U2′=I′(R2+R3)= ×(R+2R)=,则U1′:U2′=:=1:3,U2:U2′=:=2:3,BD符合题意。
故答案为:C【分析】结合电路图,理清开关处于不同状态时元件的连接方式及电表的测量对象,根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中电流表的示数,再根据欧姆定律求出两电压表的示数,进一步得出两电压表的示数之比;根据电阻的串联和欧姆定律表示出此时电路中电流表的示数,然后求出两种情况下电流表的示数之比,再根据欧姆定律表示出两电压表的示数,进一步求出两种情况下电压表V1、V2的示数之比.2.在一次物理实验中,小于同学连接了如图所示的电路,电磁铁的B端有一个可自由转动的小磁针,闭合开关后,下列说法错误的是()A. 电磁铁的A端为N极B. 小磁针静止时,N极水平指向左C. 利用这一现象所揭示的原理可制成的设备是发电机D. 当滑动变阻器滑动片P向右端移动,电磁铁磁性增强【答案】 C【解析】【解答】解:A、由图知,电流从螺线管的右端流入、左端流出,根据安培定则可知,电磁铁的A端是N极,B端是S极,A不符合题意;B、电磁铁的B端是S极,由磁极间的作用规律可知,小磁针静止时,左端是N极,即N 极水平指向左,B不符合题意;C、该实验表明了电能生磁,利用这一现象所揭示的原理可制成电磁铁,C错误,符合题意;D、当滑动变阻器滑动片P向右端移动时,变阻器接入电路的电阻变小,电路中电流变大,则电磁铁的磁性变强,D不符合题意;故答案为:C。
(物理)九年级物理欧姆定律解题技巧讲解及练习题(含答案)
(物理)九年级物理欧姆定律解题技巧讲解及练习题(含答案)一、欧姆定律选择题1.如图所示,A是悬挂在弹簧测力计下的条形磁铁,B是螺线管。
闭合开关,待弹簧测力计示数稳定后,将滑动变阻器的滑片缓慢向右移动的过程中,下列说法正确的是()A. 电压表示数变大,电流表示数也变大B. 电压表示数变小,电流表示数也变小C. 螺线管上端是N极,弹簧测力计示数变小D. 螺线管上端是S极,弹簧测力计示数变大【答案】C【解析】【解答】由图知道,定值电阻R0与滑动变阻器、螺线管串联,电压表测量的是R 两端的电压;当将滑动变阻器的滑片P向右滑动时,滑动变阻器R阻值变小,由串联电路电阻的特点可知,则电路中的总电阻变小,电路的电流变大,由串联电路分压特点得电压表示数变小,通电螺线管的磁性增强,由右手螺旋法则判断螺线管的上端为N极,和上面的磁极相互排斥,通电螺线管的磁性增强,排斥力变大,弹簧测力计示数变小。
故答案为:C。
【分析】(1)影响电磁铁磁性强弱的因素有:电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯。
线圈的匝数一定,电流越大磁性越强;(2)运用安培定则(用右手握螺线管,让四指弯向螺线管中电流方向,则大拇指所指的那端就是螺线管的北极)判断通电螺线管的极性;(3)磁极间的相互作用:同名磁极相互排斥,异名磁极相互吸引。
(4)当变阻器R的滑片缓慢向右移动,滑动变阻器接入电路的电阻变小,根据欧姆定律和串联电路电压的特点可知电路电流表和电压表示数的变化.2.如图所示,电源电压6V保持不变,定值电阻R1标有“10Ω0.5A”字样:滑动变阻器R2标有“20Ω1A”字样,电流表量程为0~0.6A,电压表量程为0~3V,闭合开关S,下列做法能够保证电路安全的是()A. 电路中电流不超过B. 两端电压不超过3VC. 滑动变阻器连入电路的阻值在范围内变化D. 电路的总功率在范围内变化【答案】 D【解析】【解答】解:由电路图可知,R1与R2串联,电压表测R2两端的电压,电流表测电路中的电流。
初中物理欧姆定律技巧(很有用)及练习题含解析
初中物理欧姆定律技巧(很有用)及练习题含解析一、欧姆定律选择题1.在如图所示的电路中,闭合开关后,当滑片P向左移动时,下列说法正确的是()A. 灯泡L变亮B. 电压表V示数变大C. 电流表A1示数变小D. 电流表A2示数变大【答案】 C【解析】【解答】解:由图可知,该电路为并联电路;电流表A1测量干路中的电流,电流表A2测量通过灯泡的电流;电压表测量的是支路两端的电压,亦即电源电压,保持不变,B不符合题意;根据并联电路的特点可知,滑动变阻器滑片移动时,对灯泡所在的支路无影响,灯泡的电流和电压都不变,故电流表A2示数不变,灯泡亮度不变,AD不符合题意;当滑片P向左移动时,滑动变阻器接入电路的电阻变大,根据欧姆定律可知,通过滑动变阻器的电流减小;通过灯泡的电流不变,根据并联电路的电流关系可知,干路中的电流减小,即电流表A1示数变小,C符合题意。
故答案为:C。
【分析】电流表测量干路中的电流,电流表测量通过灯泡的电流;电压表测量的是支路两端的电压;根据滑动变阻器滑片移动的方向判定其阻值变化,根据欧姆定律判定其电流变化,根据并联电路的电流、电压特点判定电表示数的变化.2.标有“6V 1.5W”的小灯泡,通过它的电流随两端电压变化的关系如图所示.若把这样的三只灯泡串联起来,接在12V的电源两端,灯泡的电阻和实际功率约为()A. 24Ω 0.67WB. 20Ω 0.96WC. 24Ω 0.96WD. 20Ω 0.8W【答案】D【解析】【解答】解:把这种规格的三只灯泡串联接在12V的电源两端,则每只灯泡两端的电压都为4V,从图象上可以看出,此时电路电流为0.2A,由欧姆定律得,每只灯泡的电阻:R= = =20Ω;则每只灯泡的实际功率:P实=UI=4V×0.2A=0.8W,故ABC 错误,D正确.故选:D.【分析】三只完全相同的灯泡串联,灯泡的电阻相等,通过的电流相等,根据欧姆定律可知,三只灯泡两端的电压相等,再从图象上找到对应的电压和电流,根据相应的公式分别算出每只灯泡的实际电阻和实际功率.3.灯L1标有“6V 6W”字样,灯L2标有“12V 12W”字样,将L1、L2连成如图所示电路,闭合开关S,两灯都能发光,则()A. 灯L2比L1亮B. 灯L1、L2实际电压之比为1:2C. 若一电表示数突然减小,另两电表示数不变,则可能是灯L2灯丝断了D. 若将灯L1、L2串联后接入电路,两灯都能发光,则实际功率之比为1:2【答案】 D【解析】【解答】解:由P=可知,灯泡电阻:R1===6Ω,R2===12Ω;由图示电路图可知,两灯泡并联,电压表测电源电压,电流表A1测干路电流,电流表A2测L2支路电流;A、两灯泡并联,灯泡两端电压U相等,R1<R2,由P=可知:P1>P2,灯L1比L2亮,故A错误;B、两灯泡并联,它们两端的电压相等,灯泡实际电压之比为1:1,故B错误;C、电压表测电源电压,电流表A1测干路电流,电流表A2测L2支路电流,如果灯L2灯丝断了,通过L2的电流为零,两电流表示数都变小,电压表示数不变,不符合题意,故C错误;D、若将灯L1、L2串联后接入电路,通过两灯泡的电流I相等,两灯都能发光,则实际功率之比:===,故D正确;故选D.【分析】已知灯泡额定电压与额定功率,应用电功率公式求出灯泡的电阻,然后应用串并联电路特点与电功率公式比较灯泡实际功率大小,再分析答题.4.如图所示的电路中,电源两端电压保持不变,当开关S闭合时,灯L正常发光,灯L的电阻会随电流变化,如果将滑动变阻器的滑片P向右滑动,电压表的示数和灯正常发光时示数相同,则下列说法中正确的是()A. 灯L变暗,灯两端电压变小B. 灯L变暗,灯的实际功率变小C. 灯L变亮,灯两端电压变大D. 灯L变亮,灯的实际功率变大【答案】A【解析】【解答】将滑动变阻器的滑片P向右滑动时,接入电路的电阻变大,电路的总电阻变大;根据可知,电路中的电流变小;根据可知,灯泡两端的电压变小,由可知,灯泡的实际功率变小,故灯泡变暗。
(物理)初三物理欧姆定律解题技巧讲解及练习题(含答案)及解析
(物理)初三物理欧姆定律解题技巧讲解及练习题(含答案)及解析一、欧姆定律选择题1.如图所示的电路中,R1=10Ω,R2=30Ω.闭合开关S,电压表V1与V2的示数之比是()A. 1:3B. 3:1C. 3:4D. 4:3【答案】C【解析】【解答】解:由电路图可知,两电阻串联,电压表V1测R2两端的电压,电压表V2测电源的电压,因串联电路中各处的电流相等,所以,由I= 可得,两电阻两端的电压之比:= = = = ,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,电压表V1与V2的示数之比:= = = .故选C.【分析】由电路图可知,两电阻串联,电压表V1测R2两端的电压,电压表V2测电源的电压,根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻两端的电压之比,根据串联电路的电压特点求出两电压表的示数之比.2.如图所示,若电路中电源两端的电压保持不变,闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P从b端向a端滑动的过程中()A. 电压表V1的示数变大,电流表A的示数变大B. 电压表V2的示数变大,电流表A的示数变小C. 电压表V1的示数变大,电流表A的示数变小D. 电压表V2的示数变大,电流表A的示数变大【答案】 A【解析】【解答】解:由图知,定值电阻R1和滑动变阻器R2串联,V1测量R1两端的电压,电压表V2测量R2两端的电压,电流表测量串联电路中的电流。
当滑动变阻器的滑片P从b端向a端滑动的过程中,滑动变阻器的电阻变小,由串联分压的规律可知,变阻器分担的电压变小,即电压表V2示数变小;电源电压不变,所以定值电阻两端的电压就变大,即电压表V1示数变大;定值电阻的阻值不变,滑动变阻器的电阻变小,所以整个电路的总电阻变小,电源电压不变,由欧姆定律可知,电路中的电流就变大,即电流表的示数就变大。
BCD不符合题意,A 符合题意。
故答案为:A。
【分析】结合电路图,理清元件的连接方式及电表的测量对象,串联电路的电阻起分担电压的作用,电阻越大,分担的电压就越大.3.下图是某同学设计的测风速的装置,图中探头、金属杆和滑动变阻器的滑片P相连,可上下移动.现要求:当风吹过探头时,滑动变阻器的滑片P向上移动,且风速增大时电压表的示数增大.以下四个图中符合要求的是()A. B.C. D.【答案】 B【解析】【解答】解:AD.探头上平下凸,当风吹过探头时,探头下方空气的流速大于上方空气的流速,探头下方空气压强小于上方空气压强,产生向下的压力差使弹簧压缩,滑片下移,故AD不符合题意;BC.探头上凸下平,当风吹过探头时,探头上方空气的流速大于下方空气的流速,探头下方空气压强大于上方空气压强,产生向上的压力差使弹簧伸长,滑片上移,R2接入电路中的电阻变小,电路中的总电阻变小;由I= 可知,电路中的电流变大,由U=IR可知,R1两端的电压变大,即B选项中电压表的示数变大,故B符合题意;因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,R2两端的电压变小,即C选项中电压表的示数变小,故C不符合题意.故选B.【分析】根据流体压强与流速的关系(流速越快的地方压强越小)判断产生压力的方向,然后判断滑片移动的方向确定接入电路中电阻的变化,根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化,根据串联电路的电压特点和滑动变阻器两端的电压变化.本题是力学和电学的综合题,涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用,会利用流体压强和流速的关系是解题的关键.4.地磅工作时,重物越重,电表的示数就越大。
【物理】初三物理欧姆定律解题技巧(超强)及练习题(含答案)
【物理】初三物理欧姆定律解题技巧(超强)及练习题 (含答案 )一、欧姆定律选择题1.如下图的电路中,电源电压为20V,定值电阻为20Ω,滑动变阻器标有“ 30Ω1A”字样,电压表采用的量程是0~15V,在该电路正常使用的状况下,则:()A. 电路同意经过的最大电流为1A B电.路耗费的最小功率为 8WC. 电压表的最小示数为 5VD. 滑动变阻器接入电路的最小阻值为10Ω【答案】 B【分析】【解答】因为电压表量程为“0~15V”,则当 U R时,=15V.此时电流小于滑动变阻器的最大电流1A,所以电路中的最大电流为I max=I R =0.75A,故 A 错误.依据串连电路的电压特色可知:U 滑min=U-U R=20V-15V=5V,依据欧姆定律得:;故 D 错误;当滑动变阻器所有连入电路时,则依据电阻的串连特色得:R 总max=R+R 滑=20Ω+30Ω=50Ω,所以,,依据欧姆定律得:电压表的最小示数U Rmin min× 20Ω =8V,故 C错误 .=I R=0.4A电路耗费的最小功率P min =UI min=20V× 0.4A=8W,故 B 正确 .故答案为: B.【剖析】( 1)当电压表示数为15V 时,依据算出电路中的电流,再与滑动变阻器上同意经过的最大电流对比较即可确立电路中的最大电流;(2)电路中电流最大时,滑动变阻器最值最小,依据算出滑动变阻器的最小阻值;(3)当滑动变阻器阻值最大时,电路中电流最小,依据欧姆定律求出电路中的最小电流,再依据 U=IR 求出电压表的示数;(4)依据 P=UI 算出电路耗费的最小功率 .2.如下图是电阻甲和乙的U﹣ I 图象,以下说法正确的选项是()A.甲、乙两元件的电流与电压都成正比B.乙元件是一个定值电阻且阻值大小为10ΩC. 甲、乙并联在电路中,当电源电压为2V 时,电路的总电流为0.3AD. 甲、乙串连在电路中,当电路电流为0.2A 时,甲的功率为0.6W【答案】 C【分析】【解答】解:AB、由图象可知,乙元件中电流与两头电压图象不是过原点直线,说明乙元件的电流与电压不行正比,即乙的电阻不是定值,故A、B 错误;C、甲、乙并联在2V 电源时,甲和乙电压都为由图象可知, I 甲=0.1A, I 乙=0.2A,故干路电流2V,I=I 甲+I 乙 =0.1A+0.2A=0.3A,故 C 正确;D、甲、乙串连在电路中时,当电路电流为0.2A时,甲和乙电流都为0.2A,由图可知U甲=4V,所以甲的功率P 甲 =U 甲 I 甲=4V×0.2A=0.8W,故 D 错误.应选 C.【剖析】( 1)依据欧姆定律可知,电阻一准时,经过电阻的电流与两头的电压成正比,据此剖析图象甲乙电阻的变化;(2)依据并联电路的电压特色联合图象读出对应的电流,再依据并联电路的电流特色得出干路电流;(3)依据串连电路的电流特色读出图象中对应的电压,依据P=UI 计算甲的功率.3.如图电路,电源电压不变,闭合开关S,当滑片P 置于滑动变阻器R2的最右端 B 处时,电压表的示数为 4V,定值电阻 R1的功率为 0.8W;当滑片 P 置于滑动变阻器2的中点R时,电压表的示数变化了 1V.以下结果正确的选项是()A. 电源电压为 8VB. R 的阻值为 20ΩC. 电路前后电流之比为1:3D. 电路总功率变1化了 1.2W【答案】D【分析】【解答】解:( 1)由电路图可知, R12串连,电压表测滑动变阻器2两头的与 R R电压,因串连电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,当滑片在 B 处时,电路中的电流:I1=,则滑动变阻器两头的电压:U2= I1×R2=×R2=4V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①由图知,当滑片P 置于滑动变阻器R2的中点时,滑动变阻器的电阻减小,由串连分压的规律可知,电压表的示数减小,即此时滑动变阻器两头电压为U2=4V﹣ 1V= 3V,同理可得,此时滑动变阻器两头的电压:U2′=× =3V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②用① 式比② 式可得:=,解得: R2=2R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③将③ 代入① 式可得:= 4V,解得: U= 6V,A 不切合题意;(2)当滑片 P 置于滑动变阻器R2的最右端 B 处时,电压表的示数为 4V,定值电阻两头的电压为U1= 6V﹣4V=2V,此时定值电阻 R1的功率为0.8W,即; P1=== 0.8W ,解得: R1=5Ω,则 R2= 2R1= 2× 5Ω= 10Ω, B 不切合题意;( 3 )电路前后电流之比为I1:I2=:=:=,C不切合题意;(4)电路总功率变化了:△ P=P2总﹣ P1总=﹣=﹣=1.2W,D切合题意。
【物理】九年级物理欧姆定律技巧和方法完整版及练习题含解析
【物理】九年级物理欧姆定律技巧和方法完整版及练习题含解析一、欧姆定律选择题1.小海设计了一种测定油箱内油量的模拟装置,如图所示,其中电源两端电压保持不变,R0是定值电阻,R是滑动变阻器的电阻片,滑动变阻器的滑片P跟滑杆的一端连接,滑杆可以绕固定轴O转动,另一端固定着一个浮子。
油箱中的油量减少时,浮子随油面下降,带动滑杆使变阻器的滑片P向上移动,从而引起电流表的示数发生变化。
下列说法中正确的是()A. 电流表示数变小时,表明油箱中的油量减少B. 电流表示数变小时,电阻R0两端电压变大C. 当油箱中的油量减少时,电流表示数变大D. 当油箱中的油量减少时,变阻器R连入电路的电阻变小【答案】A【解析】【解答】如图,定值电阻R0与滑动变阻器R串联在电路中,电流表测量电路中电流。
A. C. D 当油箱中的油量减少时,浮子下降,带动滑片上升,滑动变阻器接入电路的电阻变大,电路总电阻变大,根据可知,电路中电流变小,所以电流表示数变小时,表明油箱中的油量减少,A符合题意,CD不符合题意;B. 电流表示数变小时,即通过R0的电流变小,根据知,电阻R0两端电压变小,B 不符合题意;故答案为:A。
【分析】滑动变阻器R与定值电阻R0串联,电流表测电路中的电流,根据油量的变化可知浮子的变化,在杠杆的作用下可知滑片P移动的方向,从而得出接入电路中电阻的变化,根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电阻R0两端电压的变化.2.如图所示电路,电源电压不变,闭合开关S,当滑片P置于变阻器的B端时,电压表的示数为6V,在10s内定值电阻R1产生的热量为36J;当滑片P置于变阻器的中点时,电压表的示数变化了2V.下列结果正确的是()A. R1先后两次消耗的电功率之比为3:4B. 滑动变阻器R2的最大阻值为10ΩC. 电源电压为10VD. R1的阻值为20Ω【答案】 B【解析】【解答】由电路分析可知,R1与滑动变阻器串联,电压表测量滑动变阻器两端的电压,当滑片P置于变阻器的B端时滑动变阻器的阻值最大,根据Q= 得R2= =10Ω,B符合题意;滑片P置于变阻器的B端时电路中的电流I1= =0.6A,U总=U1+U2=0.6AR1+6V……①,当R1=10Ω时电压表的示数=6V-2V=4V,此时电路中的电流I’= =0.8A,U总=U1+U2=0.8AR1+4V……②,根据P=I2R得P1:P1’=(0.3A)2R1:(0.4A)2R1=9:16,A不符合题意;解由①②组成的方程组得:电源电压为12V、R1的阻值为10Ω,C、D不符合题意。
九年级物理欧姆定律解题技巧讲解及练习题(含答案)及解析
九年级物理欧姆定律解题技巧讲解及练习题(含答案)及解析一、欧姆定律选择题1.要测量一个阻值约为200Ω的电阻阻值,能提供的器材有:新干电池两节、电流表一只(量程为0﹣0.6A、0﹣3A)、电压表一只(量程为0﹣3V、0﹣15V)、滑动变阻器R (100Ω 2A)一只、100Ω的定值电阻R0一只、开关和导线若干。
利用上述器材设计以下电路,其中能粗略测出Rx阻值的是()A. B. C. D.【答案】B【解析】【解答】两节新干电池串联组成电源的电压为3V。
A.由电路图可知,R与R x串联,电压表测Rx两端的电压,电流表测电路中的电流,当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时,电路中的电流最大为I==0.015A,该电流小于0﹣0.6A电流表的分度值,所以电流表的示数无法准确读出,不能测出R x阻值,A不可行;B.由电路图可知,两开关均闭合时,电路为R x的简单电路,电压表测电源两端的电压U;当只断开上面开关时,R0与R x串联,电压表测R x两端的电压U x,因串联电路中各处的电流相等,所以I=,因两电阻的阻值相差不大,由串联电路的分压特点可知,两电压表的示数均可准确读出,能测出R x阻值,B可行;C.由电路图可知,两开关均闭合时,R0与R x并联,电流表测通过R x的电流;当只断开上面开关时,电路为R x的简单电路,电流表测通过R x的电流;虽然R x两端电压等于电源电压3V,但由于电路中电流太小,所以不能测出R x阻值,C不可行;D.由电路图可知,上面开关断开、下面开关闭合时,电路为R0的简单电路,电流表测电路中的电流,此时电路中的电流I=;两开关均闭合时,R0与R x并联,电流表测干路电流,此时电流表的示数I′= 0.045A,两次电流表的示数太小,相差不大,不易读出示数,所以不能测出Rx阻值,D不可行。
故答案为:B。
【分析】电阻测量电路的设计,不仅会设计正确的方案,同时还要注意合理性,根据测电阻的原理可知,要测量未知电阻的阻值,需要测量未知电阻两端电压和通过的电流.2.在一次物理实验中,小于同学连接了如图所示的电路,电磁铁的B端有一个可自由转动的小磁针,闭合开关后,下列说法错误的是()A. 电磁铁的A端为N极B. 小磁针静止时,N极水平指向左C. 利用这一现象所揭示的原理可制成的设备是发电机D. 当滑动变阻器滑动片P向右端移动,电磁铁磁性增强【答案】 C【解析】【解答】解:A、由图知,电流从螺线管的右端流入、左端流出,根据安培定则可知,电磁铁的A端是N极,B端是S极,A不符合题意;B、电磁铁的B端是S极,由磁极间的作用规律可知,小磁针静止时,左端是N极,即N 极水平指向左,B不符合题意;C、该实验表明了电能生磁,利用这一现象所揭示的原理可制成电磁铁,C错误,符合题意;D、当滑动变阻器滑动片P向右端移动时,变阻器接入电路的电阻变小,电路中电流变大,则电磁铁的磁性变强,D不符合题意;故答案为:C。
(物理)初中物理欧姆定律技巧(很有用)及练习题含解析
(物理)初中物理欧姆定律技巧(很有用)及练习题含解析一、欧姆定律选择题1.如图所示的电路,电源电压保持不变,电路中各元件连接正确且均完好,闭合电键S,向右移动滑动变阻器滑片P的过程中()A. 电流表A的示数变大B. 电压表V的示数变大C. 电压表V与电流表A的示数的比值变大D. 电压表V与电流表A的示数的乘积变小【答案】D【解析】【解答】A. 此电路为串联电路,电压表测量电阻R1两端的电压,电流表测电路电流,当闭合电键S,向右移动滑动变阻器滑片P的过程中,滑动变阻器的电阻增大,电路的总电阻增大,根据欧姆定律,电路中的电流变小,即电流表的示数变小,A不符合题意他.B. 根据串联电阻分压关系,滑动变阻器的电阻增大,分压将增大,根据串联电路电压特点,所以电阻R1两端的电压减小,即电压表示数变小,B不符合题意.C. 电压表V与电流表A的示数的比值即为电阻R1的阻值,应不变,C不符合题意.D. 因电压表与电流表的示数都变小,所以乘积将变小,D符合题意.、故答案为:D.【分析】R1与R2串联,电压表V测R1的电压,电流表测电路中的电流,根据欧姆定律可知电路中电流的变化分析.2.某兴趣小组为了研究电子温控装置,连接成如图所示电路,R1为热敏电阻,热敏电阻的阻值随温度的升高而减小,闭合开关,当温度降低时,下列说法中正确的是()A. 电压表V2和电流表A示数均变大B. 电压表V1和电流表A示数之比不变C. 电压表V2和电流表A的乘积不变D. 电压表V2变化量和电流表A变化量之比不变【答案】D【解析】【解答】解:由电路图可知,R1与R2并联后再与R0串联,电压表V1测并联部分的电压,电压表V2测R0两端的电压,电流表测干路中的电流.(1)因热敏电阻的阻值随温度的升高而减小,所以,当温度降低时,热敏电阻R1的阻值变大,并联部分的电阻变大,电路中的总电阻变大,由I= 可知,干路中的电流变小,即电流表A的示数变小,由U=IR可知,R0两端的电压变小,即电压表V2的示数变小,故A错误;由电压表V2示数变小、电流表A示数变小可知,电压表V2和电流表A的乘积变小,故C 错误;因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,并联部分的电压变大,即电压表V1的示数变大,由电压表V1的示数变大、电流表A示数变小可知,电压表V1和电流表A示数之比变大,故B错误;(2)设温度变化前后,干路中的电流分别为I1、I2,则电压表V2示数的变化量:△U2=I2R0﹣I1R0=(I2﹣I1)R0=△IR0,即 =R0,且R0的阻值不变,所以,电压表V2变化量和电流表A变化量之比不变,故D正确.故选D.【分析】由电路图可知,R1与R2并联后再与R0串联,电压表V1测并联部分的电压,电压表V2测R0两端的电压,电流表测电路中的电流.(1)根据热敏电阻阻值与温度的关系得出当温度降低时其阻值的变化,进一步可知并联部分的电阻变化和电路中总电阻的变化,根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化,然后得出电压表V2和电流表A 的乘积变化;根据串联电路的电压特点和并联电路的电压特点可知电压表V1的示数变化,然后得出电压表V1和电流表A示数之比变化;(2)设出温度变化前后电路中的电流,根据欧姆定律得出电压表示数和电流表示数与R0的阻值关系,然后得出电压表V2变化量和电流表A变化量之比的变化.3.下图是某同学设计的测风速的装置,图中探头、金属杆和滑动变阻器的滑片P相连,可上下移动.现要求:当风吹过探头时,滑动变阻器的滑片P向上移动,且风速增大时电压表的示数增大.以下四个图中符合要求的是()A. B.C. D.【答案】 B【解析】【解答】解:AD.探头上平下凸,当风吹过探头时,探头下方空气的流速大于上方空气的流速,探头下方空气压强小于上方空气压强,产生向下的压力差使弹簧压缩,滑片下移,故AD不符合题意;BC.探头上凸下平,当风吹过探头时,探头上方空气的流速大于下方空气的流速,探头下方空气压强大于上方空气压强,产生向上的压力差使弹簧伸长,滑片上移,R2接入电路中的电阻变小,电路中的总电阻变小;由I= 可知,电路中的电流变大,由U=IR可知,R1两端的电压变大,即B选项中电压表的示数变大,故B符合题意;因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,R2两端的电压变小,即C选项中电压表的示数变小,故C不符合题意.故选B.【分析】根据流体压强与流速的关系(流速越快的地方压强越小)判断产生压力的方向,然后判断滑片移动的方向确定接入电路中电阻的变化,根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化,根据串联电路的电压特点和滑动变阻器两端的电压变化.本题是力学和电学的综合题,涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用,会利用流体压强和流速的关系是解题的关键.4.小华设计了一种输液提示器,能在护士站观察到药液量的变化。
初三物理欧姆定律技巧(很有用)及练习题及解析
初三物理欧姆定律技巧(很有用)及练习题及解析一、欧姆定律选择题1.如图是某实验小组测量未知电阻Rx的实验电路,电源两端电压不变,其中Ro为阻值已知的定值电阻。
当开关S、S1闭合,S2断开时,电压表的示数为U1;当开关S、S2闭合,S1断开时,电压表的示数为U2。
则下列四个选项中Rx的表达式正确的是()A. B. C. D.【答案】B【解析】【解答】由电路图可知,当开关S、S1闭合,开关S2断开时,R0与Rx串联,电压表测电源两端的电压,即U=U1,当开关S、S2闭合、S1断开时,R0与Rx串联,电压表测Rx两端的电压,即Ux=U2,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,R0两端的电压:U0=U−Ux=U1−U2,因串联电路中各处的电流相等,所以,电路中的电流:I= ,即,解得:Rx=。
故答案为:B。
【分析】当开关S、S1闭合,开关S2断开时,R0与R x串联,电压表测电源两端的电压;当开关S、S2闭合、S1断开时,R0与R x串联,电压表测R x两端的电压,根据串联电路的电压特点求出R0两端的电压,根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出R x的阻值.2.如甲图所示的电路中,电源电压为8V恒定不变,R0为定值电阻,R为滑动变阻器,闭合开关S后,在滑片P滑动过程中,电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示,根据图象信息可知,下列判断错误的是()A. R0的阻值是5ΩB. 电路的最大总功率12.8WC. R0的最小功率是1.6WD. 滑动变阻器最大阻值是35Ω【答案】 C【解析】【解答】解:由电路图可知,R0与R串联,电压表测变阻器R两端的电压,电流表测电路中的电流。
(1)当滑动变阻器接入电路的电阻为0时,电路为R0的简单电路,电路中的电流最大,此时电路的总功率最大,由乙图可知,电路中的最大电流I大=1.6A,由I=可得,R0的阻值:R0===5Ω,A符合题意;电路的最大总功率:P大=UI大=8V×1.6A=12.8W,B符合题意;(2)当滑动变阻器接入电路的电阻最大时,电压表的示数最大,电流表的示数最小,R0的功率最小,由乙图可知,电路中的最小电流I小=0.2A,变阻器R两端的电压U R=7V,则R0的最小功率:P0小=I小2R0=(0.2A)2×5Ω=0.2W,C不符合题意;滑动变阻器的最大阻值:R大===35Ω,D符合题意。
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初三物理欧姆定律技巧(很有用)及练习题含解析一、欧姆定律选择题1.在如图所示的实物电路中,电源电压恒为3V,滑动变阻器的规格为“1001A”,灯泡上标有2.5V 1W”的字样,闭合开关后调节滑动变阻器的滑片,在保证各元件安全的情况下,下列说法正确的是()A. 小灯泡正常发光时的电阻为2.50B. 向右移动滑片时,电压表V1的示数变小,小灯泡亮度变暗C. 向右移动滑片时,电压表V2与电流表A的示数之比不变D. 让小灯泡正常发光1min,滑动变阻器产生的电热为12J【答案】D【解析】【解答】根据R==6.25 ,A不符合题意;由图可知滑动变阻器、灯泡、电流表组成串联电路,当向右移动滑片时,滑动变阻器连入电路的电阻变小,根据串联电路的电压特点可知,滑动变阻器两端的电压变小,即V2示数变小,而灯泡两端的电压变大,即V1示数变大,小灯泡变亮,B不符合题意;电压表V2与电流表A的示数之即滑动变阻器连入电路的电阻值,所以向右移动滑片时,电压表V2与电流表A的示数之比变小,C不符合题意;D.小灯泡正常发光时电路中的电流,I=此时滑动变阻器两端的电压U滑=3V-2.5V=0.5V,滑动变阻器连入的电阻R滑= 1min滑动变阻器产生的电热为Q=I2Rt=0.4A ,D符合题意。
故答案为:D【分析】灯泡与滑动变阻器串联,电压表V1测量小灯泡电压,电压表V2测滑动变阻器两端的电压,电流表测量电路中电流.(1)根据P=变形可求小灯泡正常发光时的电阻;(2)根据串联电路的电流特点可知,滑动变阻器向右移动滑片时,滑动变阻器接入电路的电阻减小,根据串联分压的原理,滑动变阻器分配的电压减小,即电压表V2示数减小,小灯泡两端电压变大,小灯泡变亮;(3)电压表V2与电流表A的示数之比等于滑动变阻器的阻值;(4)由灯泡上标有“2.5V 1W”,根据P=UI可求小灯泡的额定电流,再根据串联电路电压的特点,求出滑动变阻器两端的电压,根据Q=UIt求出小灯泡正常发光1min,滑动变阻器产生的电热.2.如图所示电路(电源电压保持不变),闭合开关S,当滑动变阻器的滑片向右端移动时,下列说法正确的是()A. 电压表示数不变,电流表示数变大B. 电压表示数变大,电流表示数变小C. 电压表示数变小,电流表示数变小D. 电压表示数变大,电阻R1的电功率变大【答案】 D【解析】【解答】由图可知,滑动变阻器与定值电阻串联,当滑动变阻器的滑片向右移动时,滑动变阻器连入电路中的电阻变小,电路总电阻减小,而电源电压一定,由知,电路中的电流变大,即电流表的示数变大;根据,电阻R1的电流增大,两端的电压也增大,根据知,电阻R1的电功率变大,可见ABC不符合题意、D符合题意。
故答案为:D【分析】结合电路图,理清元件的连接方式及电表的测量对象,根据滑动变阻器的滑片向右移动时,连入电路中的电阻的变化并结合欧姆定律、电功率计算公式分析电压表和电流表示数的变化及功率变化.3.如图所示,电源电压不变,下列说法正确的是()A. 只闭合S1,将P向左移动,电流表示数变小,电压表示数变大B. 闭合S1、S2,断开S3,将P向左移动,R1消耗的功率增大C. 开关都闭合,将P向左移动,电压表的示数为零,电流表示数变小D. 开关都闭合,将P向左移动,L消耗的功率不变,R2消耗的功率变小【答案】B【解析】【解答】解A只闭合S1, R1、R2串联,电压表测R2电压, P向左移动,R2电阻变小,总电阻变小,电流变大,根据串联电路的分压规律知电压表示数变小,A不符合题意;(2)闭合S1、S2,断开S3, R1与灯并联后与R2串联,将P左移,R2电阻变小,根据分压原理,R2的电压变小,根据串联电路电压的规律,并联部分的电压变大,根据P=,R1消耗的功率增大,B符合题意;(3)(4)开关都闭合,R2短路,所以滑片移动对电路无影响CD不符合题意。
故答案为:B.【分析】分析开关在不同状态下电路结构,结合串联电路特点和欧姆定律分析判断将P向左移动时两电表变化量比值的变化情况;由并联电路特点、欧姆定律和电功率公式分析判断电表示数及两者功率变化.4.如图所示电路中,当滑片P向右滑动时()A. 电压表示数增大,灯泡变暗B. 电压表示数增大,灯泡变亮C. 电压表示数减小,灯泡变暗D. 电流表示数增大,灯泡变亮【答案】 A【解析】【解答】由图可知,滑动变阻器与灯泡是串联,电压表测量的是滑动变阻器两端电压,电流表测量的是整个电路中的电流,当滑片向右滑动时,滑动变阻器的电阻变大,则电路的总电阻变大,又知:电源电压保持不变,∴根据欧姆定律I= 可知,电路中的电流变小,即电流表的示数变小;又∵灯泡的阻值不变,∴根据U灯=IR灯可知灯泡两端电压变小;又∵灯泡的电阻不变,电流变小,由公式P灯=I2R灯可知:灯泡的实际功率变小,∴灯泡变暗;又∵U滑=U﹣U灯,∴可判断U滑变大.故答案为:A。
【分析】本题考查学生对利用欧姆定律和串并联规律来解决电学题的能力。
(1)会分析电路是串联还是并联。
(2)利用串并联规律,找到每个用电器的电流,电压,电阻等物理量。
(3)利用公式求解。
5.对于某一确定的导体,影响该导体电流大小的物理量是()A. 通电时间B. 电荷量C. 电压D. 质量【答案】 C【解析】【解答】解:(1)由欧姆定律可知,对于某一导体,通过导体的电流与导体两端的电压成正比,所以对于某一确定的导体,通过导体电流大小决定于导体两端的电压,故C正确;(2)导体电阻和电压决定了通过导体的电流大小,即在一定时间内通过导体横截面的电荷量的多少,电流的大小与质量无关,故ABD错误.故选C.【分析】对于某一导体,电阻一定,通过导体的电流与导体两端的电压成正比,据此分析选择.6.如图所示,电源电压保持6V不变,电流表量程为0~0. 6A,电压表量程为0~3V,定值电阻R1的规格为“10Ω0.5A”.滑动变阻器R2的规格为“20Ω1A”.闭合开关,为了保证电路安全,在变阻器滑片移动过程中,下列说法正确的是()①电阻R1消耗电功率允许的变化范围为0.4W~0.9W②电流表示数允许的变化范围为0. 2A~0. 5A③滑动变阻器R2允许接入电路阻值的变化范围为10Ω~20Ω④电路消耗总电功率允许的变化范围为1.8 W~3WA. ①③B. ①④C. ②③D. ②④【答案】 A【解析】【解答】滑动变阻器最大时电流最小,此时 =0.2A,定值电阻的功率判断最大电功率为0.9W,最小为0.4W,答案①对。
电流表量程不能超过0.6A,定值电阻不能超过0.5A,而定值电阻的端电压不能超过3v,根据判断电流不能超过0.3A,因此电流最大时0.3A,②错。
根据判断,电流最大0.3A,滑动变阻器最小10Ω,③正确。
电路消耗的总功率 ,电流最大0.3A,总功率最大1.8W,答案④错。
所以正确的为①、③,故答案为:A【分析】结合电路图,理清元件的连接方式及电表的测量对象,已知电流表选择的量程和定值电阻规格,可以确定电路最大电流;已知电压表选择的量程,可以确定定值电阻两端最大电压;电路电流最大时,定值电阻消耗的功率最大;电路电流最小时,总电阻最大,消耗的功率最小.据此确定定值电阻消耗功率的变化范围及电路电流变化范围;电路电流最大时,滑动变阻器接入电路电阻最小;电流最小时,滑动变阻器接入电路电阻最大,据此确定滑动变阻器接入电路电阻范围;再利用公式P=UI确定电路消耗的总功率的变化范围.7.如图甲所示,电源电压恒为12V,闭合开关S,当滑片P在a端时,电流表示数为0.1A,R2消耗的电功率为1W;图乙、丙分别是变阻器滑片P从a端滑到b端的过程中两组物理量的关系图象,则()A. 滑片P在 a 端时,R1的阻值为20Ω、消耗的电功率为2WB. 滑片P在b端时,电路消耗的总功率为1.2WC. 图乙反映的是电压表与电流表示数的关系D. 图丙反映的 R2 与 R1 的电功率比值 k 与 R2 的关系【答案】 D【解析】【解答】解:由图知,两电阻串联,电压表测R2的电压,电流表测电路中的电流,当滑片P在a端时,电流表示数为0.1A,R2消耗的电功率为1W,根据串联电路电流的规律及P=I2R,故R滑大===100Ω;AC、P在a端时,变阻器连入电路中的电阻最大,由分压原理,R2的电压最大,即电压表示数最大,电路中的电流最小;P滑到b端时,变阻器连入电路中的电阻为0,R2的电压为0,电路中的电流最大,故乙图反映的是变阻器的电流随电压的变化关系,即电流表与电压表示数的关系,C选项中,因果关系搞反了,C不符合题意;当 P在a端时,由图乙知,电压表示数为10V,根据串联电路电压的规律,R1的电压为:U1=12V﹣10V=2V,根据分压原理,=,R1= R滑大=×100Ω=20Ω;R1消耗的电功率为:P1===0.2W,A不符合题意;B、滑片P在b端时,电路中的电流为0.6A,电路消耗的总功率为:P=UI=12V×0.6A=7.2W;B不符合题意;D、根据串联电路电流的规律及P=I2R,R2 与 R1 的电功率比值:k==,将R1=20Ω代入得:k=,即k与R2成正比,为过原点的直线,当R2=100Ω时,k=5,即图丙反映的是R2与R1的电功率比值k 与R2的关系,D符合题意。
故答案为:D【分析】结合电路图,理清元件的连接方式及电表的测量对象,根据串联电路电流的规律及P=I2R得出R滑大;P在a端时,变阻器连入电路中的电阻最大,根据分压原理,即电压表示数最大,电路中的电流最小;P滑到b端时,变阻器连入电路中的电阻为0,R2的电压为0,电路中的电流最大,可确定乙反应的是变阻器的电流随电压的变化关系.当 P在a端时,由图乙知电压表示数,根据串联电路电压的规律求出R1的电压,根据分压原理求出R1;由P=求出R1消耗的电功率;滑片P在b端时可知电路中的电流,根据P=UI求出电路消耗的总功率;根据串联电路电流的规律及P=I2R得出R2 与R1的电功率比值,将R1=20Ω代入表达式,结合数学知识分析.8.图甲是某电子秤的原理示意图,R1的阻值为100 Ω,托盘下方的电阻R2为压敏电阻,其电阻大小与托盘内所放物体质量m大小的关系如图乙所示,电源电压为6 V保持不变,则()A. R2的阻值变化范围为0~1000 ΩB. 电路中电流的变化范围为0.1 A~0.6 AC. 电路中电流为0.02 A时,托盘内物体的质量为600 gD. 托盘内物体质量为400 g 时,电流表的示数为0.01 A沿此线折叠【答案】C【解析】【解答】A. 由图乙可知,压敏电阻R2的阻值变化范围为0∼500Ω,A不符合题意;B. 当托盘内物体的质量为零时,压敏电阻R2=500Ω,则电路总电阻:R=R1+R2=100Ω+500Ω=600Ω,此时电路中的电流:I==0.01A,当托盘内物体的质量为1000g时,压敏电阻阻值是0Ω,则电路总电阻:R′=R1+R′2=100Ω+0Ω=100Ω,此时电路中的电流:I′==0.06A,所以,电路中电流的变化范围为0.01A∼0.06A,B不符合题意;C. 当电路中电流I1=0.02A时,电路总电阻:R总==300Ω,则压敏电阻R2的阻值:R2=R总−R1=300Ω−100Ω=200Ω,由图乙可知,当R2=200Ω时,托盘内物体的质量为600g,C符合题意;D. 当托盘内物体质量为400g时,由图乙可知,R2″=300Ω时,则电路总电阻:R′总=R1+R2″=100Ω+300Ω=400Ω,此时电路中的电流:I2==0.015A,D不符合题意。