(精)2020最新高考物理热学讲解与解析
2020版高考物理课标Ⅱ专用专题十五 热学
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11.(2019课标Ⅱ,33,15分)(1)(5分)如p-V图所示,1、2、3三个点代表某容器中一定量理想气体
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3.[2019课标Ⅲ,33(1),5分]用油膜法估算分子大小的实验中,首先需将纯油酸稀释成一定浓度
的油酸酒精溶液,稀释的目的是
。实验中为了测量出一
滴已知浓度的油酸酒精溶液中纯油酸的体积,可以
。为
得到油酸分子的直径,还需测量的物理量是
。
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答案 使油酸在浅盘的水面上容易形成一块单分子层油膜 把油酸酒精溶液一滴一滴地滴 入小量筒中,测出1 mL油酸酒精溶液的滴数,得到一滴溶液中纯油酸的体积 单分子层油膜的 面积 解析 本题考查了用油膜法估算分子大小的实验内容,突出了实验的操作、分析、探究能力 的考查,体现了核心素养中科学探究、科学态度要素,体现了劳动实践、科学探索的价值观。 用油膜法估算分子大小,是用油膜厚度代表油酸分子的直径,所以要使油酸分子在水面上形成 单分子层油膜;因为一滴溶液的体积很小,不能准确测量,故需测量较多滴的油酸酒精溶液的总 体积,再除以滴数得到单滴溶液的体积,进而得到一滴溶液中纯油酸的体积;因为本题中油酸体 积等于厚度乘面积,故测厚度不仅需要测量一滴溶液的体积,还需要测量单分子层油膜的面 积。
方程
pV T
=C得p=C T
V
,由题图可知 Tb
Vb
> Td
Vd
,则pb>pd,E项正确。
审题指导 图像语言的理解,物理情景的构建
清晰理解①②③④过程的规律,明确a、b、c、d、e各状态下气体状态参量关系。物体的
内能与物体的质量、物态、温度及体积有关,而一定质量的理想气体的内能只与T有关。
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精品解析:2020年全国统一高考物理试题(新课标Ⅰ)(解析版)
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2020年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号。
回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效。
3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量:H 1 C 12 N 14 O 16 Na 23 Al 27 P 31 Cl 35.5 Ar 40 V 51 Fe 56二、选择题:本题共8小题,每小题6分。
共48分。
在每小题给出的四个选项中,第1~5题只有一项符合题目要求,第6~8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
1.行驶中的汽车如果发生剧烈碰撞,车内的安全气囊会被弹出并瞬间充满气体。
若碰撞后汽车的速度在很短时间内减小为零,关于安全气囊在此过程中的作用,下列说法正确的是()A. 增加了司机单位面积的受力大小B. 减少了碰撞前后司机动量的变化量C. 将司机的动能全部转换成汽车的动能D. 延长了司机的受力时间并增大了司机的受力面积【答案】D【解析】【详解】A.因安全气囊充气后,受力面积增大,故减小了司机单位面积的受力大小,故A错误;B.有无安全气囊司机初动量和末动量均相同,所以动量的改变量也相同,故B错误;C.因有安全气囊的存在,司机和安全气囊接触后会有一部分动能转化为气体的内能,不能全部转化成汽车的动能,故C错误;D.因为安全气囊充气后面积增大,司机的受力面积也增大,在司机挤压气囊作用过程中由于气囊的缓冲故增加了作用时间,故D正确。
故选D。
2.火星的质量约为地球质量的110,半径约为地球半径的12,则同一物体在火星表面与在地球表面受到的引力的比值约为()A. 0.2B. 0.4C. 2.0D. 2.5【答案】B 【解析】【详解】设物体质量为m ,则在火星表面有1121M mF GR 在地球表面有2222M mF GR 由题意知有12110M M 1212R R = 故联立以上公式可得21122221140.4101F M R F M R ==⨯= 故选B 。
2020 年高考物理热学计算专题及答案
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2020 年高考物理热学计算专题及答案专题简介:1.物体吸收或放出热量的公式①计算物体吸收热量的公式为:Q 吸=cm (t -t 0)=cm ⊿t 。
②计算物体放出热量的公式为:Q 放=cm (t 0-t )=cm ⊿t 。
其中,Q 吸表示吸收热量,单位是J ;c 表示物体比热容,单位是J/(kg·℃);m 表示质量,单位是kg ;t 0表示物体初始温度,单位是℃;t 表示物体后来的温度,单位是℃。
⊿t =t -t 0表示物体升高了的温度。
⊿t =t 0-t ,表示物理降低了的温度。
2.燃料完全燃烧放出热量的公式①燃料完全燃烧释放出的热量公式为:Q 放=mq 。
②气体燃料完全燃烧释放出的热量公式也可为:Q 放=qV 。
推导过程如下: 说明:①中的公式对固体、液体、气体、均适用。
②只对气体适用。
两个公式的得出都是根据热值的定义式得到的。
其中,Q 放表示燃料完全燃烧放出的热量,单位是J ;q 表示燃料的热值,单位是J/kg ;m 表示质量,单位是kg 。
V 表示体积,单位是m3。
3.热效率公式(1)热机的效率:用来做有用功的那部分能量和燃料完全燃烧放出的能量之比。
热机的效率是热机性能的一个重要指标。
汽车发动机的效率、飞机发动机的效率、轮船发动机的效率均属于热机的效率,其公式为:η=放吸Q Q 。
(2)炉具的热效率:天然气燃烧放出的热量是炉具提供的总热量,Q 总=Q 放,水吸收的热量是有用的热量Q 有=Q 吸,则η=总有Q Q 。
(3)电热水器的效率:电热丝所产生热量为Q 总,总=Q 放,水需要吸收热量为Q 有,有=Q 吸,则η=总有Q Q 。
专题例题:【例题1】(2018•济宁)将盛有凉牛奶的瓶子放在热水中(如图所示),通过 方式改变牛奶的内能,图中乙是250g 牛奶与热水的温度随时间变化的图象,则牛奶在加热过程中吸收的热量为 J .[c 牛奶=4.2×103J/(kg•℃)]【答案】热传递;2.1×104。
2023年高考物理热点复习:热力学定律与能量守恒定律(附答案解析)
![2023年高考物理热点复习:热力学定律与能量守恒定律(附答案解析)](https://img.taocdn.com/s3/m/ddf3e2bccd22bcd126fff705cc17552707225e1d.png)
2023年高考物理热点复习:热力学定律与能量守恒定律
【2023高考课标解读】
1.知道改变内能的两种方式,理解热力学第一定律.
2.知道与热现象有关的宏观物理过程的方向性,了解热力学第二定律.
3.掌握能量守恒定律及其应用.
【2023高考热点解读】
一、热力学第一定律
1.改变物体内能的两种方式
(1)做功;(2)热传递。
2.热力学第一定律
(1)内容:一个热力学系统的内能增量等于外界向它传递的热量与外界对它所做的功的和。
(2)表达式:ΔU=Q+W。
3.ΔU=W+Q中正、负号法则
物理量W QΔU
+外界对物体做功物体吸收热量内能增加
-物体对外界做功物体放出热量内能减少
二、热力学第二定律的理解
1.热力学第二定律的两种表述
(1)克劳修斯表述:热量不能自发地从低温物体传到高温物体。
(2)开尔文表述:不可能从单一热库吸收热量,使之完全变成功,而不产生其他影响。
或表述为“第二类永动机是不可能制成的”。
2.用熵的概念表示热力学第二定律
在任何自然过程中,一个孤立系统的总熵不会减小(选填“增大”或“减小”)。
3.热力学第二定律的微观意义
一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行。
三、能量守恒定律和两类永动机
1.能量守恒定律
能量既不会凭空产生,也不会凭空消失,它只能从一种形式转化为另一种形式,或者从一个物体转移到别的物体,在转化或转移的过程中,能量的总量保持不变。
第1页(共16页)。
2020年高考物理真题选修3-3热学汇编(附解析)
![2020年高考物理真题选修3-3热学汇编(附解析)](https://img.taocdn.com/s3/m/f92f2ad6de80d4d8d05a4f56.png)
2020年高考物理选修3-3热学真题集锦1.(2020·天津)水枪是孩子们喜爱的玩具,常见的气压式水枪储水罐示意如图。
从储水罐充气口充入气体,达到一定压强后,关闭充气口。
扣动扳机将阀门M打开,水即从枪口喷出。
若在不断喷出的过程中,罐内气体温度始终保持不变,则气体()A. 压强变大B. 对外界做功C. 对外界放热D. 分子平均动能变大2.(2020·山东·新高考Ⅰ)一定质量的理想气体从状态a开始,经a→b、b→c、c→a三个过程后回到初始状态a,其p-V图像如图所示。
已知三个状态的坐标分别为a(V0,2p0)、b(2V0,p0)、c(3V0,2p0)以下判断正确的是()A. 气体在a→b过程中对外界做的功小于在b→c过程中对外界做的功B. 气体在a→b过程中从外界吸收的热量大于在b→c过程中从外界吸收的热量C. 在c→a过程中,外界对气体做的功小于气体向外界放出的热量D. 气体在c→a过程中内能的减少量大于b→c过程中内能的增加量3.(2020·新课标Ⅲ)(1)如图,一开口向上的导热气缸内。
用活塞封闭了一定质量的理想气体,活塞与气缸壁间无摩擦。
现用外力作用在活塞上。
使其缓慢下降。
环境温度保持不变,系统始终处于平衡状态。
在活塞下降过程中()A.气体体积逐渐减小,内能增知B.气体压强逐渐增大,内能不变C.气体压强逐渐增大,放出热量D.外界对气体做功,气体内能不变E.外界对气体做功,气体吸收热量(2)如图,两侧粗细均匀、横截面积相等、高度均为H=18cm的U型管,左管上端封闭,右管上端开口。
右管中有高h0= 4cm的水银柱,水银柱上表面离管口的距离l= 12cm。
管底水平段的体积可忽略。
环境温度为T1=283K。
大气压强p0 =76cmHg。
(i)现从右侧端口缓慢注入水银(与原水银柱之间无气隙),恰好使水银柱下端到达右管底部。
此时水银柱的高度为多少?(ii)再将左管中密封气体缓慢加热,使水银柱上表面恰与右管口平齐,此时密封气体的温度为多少?4.(2020·山东·新高考Ⅰ)中医拔罐的物理原理是利用玻璃罐内外的气压差使罐吸附在人体穴位上,进而治疗某些疾病。
2023届高考物理一轮复习知识点精讲与2022高考题模考题训练专题113气体(解析版)
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2023高考一轮知识点精讲和最新高考题模拟题同步训练第十九章热学专题113 气体第一部分知识点精讲1.气体压强(1)产生的原因由于大量气体分子无规则运动而碰撞器壁,形成对器壁各处均匀、持续的压力,作用在器壁单位面积上的压力叫做气体的压强。
(2)决定因素①宏观上:决定于气体的温度和体积。
②微观上:决定于分子的平均动能和分子的密集程度。
2.气体压强的求解方法(1)平衡状态下气体压强的求法(2)加速运动系统中封闭气体压强的求法恰当地选取与气体接触的液柱(或活塞)为研究对象,进行受力分析,然后依据牛顿第二定律列式求封闭气体的压强,把压强问题转化为力学问题求解。
2.典例分析汽缸开口向上对活塞,p汽缸开口向下对活塞,受力平衡:p汽缸开口水平对活塞,受力平衡:活塞上放置物以活塞为研究对象,受力如图乙所示。
由平衡条件(M+m)g开口向对水银柱,mgmg开上压强:向对水银柱,又由:开下压强:放对水银柱,受力平衡,类似开口水平的汽缸:柱气同种液体在同一深度的压强相等,在连通器中,灵活选取等压面,利用两侧压强相等求解气体压强。
如图所示,处压强相等。
管沿斜面方向:p2.理想气体(1)宏观上讲,理想气体是指在任何温度、任何压强下都遵从气体实验定律的气体,实际气体在压强不太大、温度不太低的条件下,可视为理想气体。
(2)微观上讲,理想气体的分子间除碰撞外无其他作用力,所以理想气体无分子势能。
[注4][注4] 理想气体是理想化的物理模型,一定质量的理想气体,其内能只与气体温度有关,与气体体积无关。
3.气体实验定律4.理想气体的状态方程一定质量的理想气体的状态方程:p 1V 1T 1 =p 2V 2T 2 或pVT =C 。
5.气体的分子动理论(1)气体分子间的作用力:气体分子之间的距离远大于分子直径,气体分子之间的作用力十分微弱,可以忽略不计,气体分子间除碰撞外无相互作用力。
(2)气体分子的速率分布:表现出“中间多,两头少”的统计分布规律。
2020江苏高考物理二轮讲义:专题八第1讲 热 学 Word版含解析
![2020江苏高考物理二轮讲义:专题八第1讲 热 学 Word版含解析](https://img.taocdn.com/s3/m/d5a758ac26fff705cd170a07.png)
第1讲热学真题再现1.(2019·高考江苏卷)(1)在没有外界影响情况下,密闭容器内的理想气体静置足够长时间后,该气体______.A.分子的无规则运动停息下来B.每个分子的速度大小均相等C.分子的平均动能保持不变D.分子的密集程度保持不变(2)由于水的表面张力,荷叶上的小水滴总是球形的.在小水滴表面层中,水分子之间的相互作用总体上表现为______(选填“引力”或“斥力”).分子势能E p和分子间距离r的关系图象如图1所示,能总体上反映小水滴表面层中水分子E p的是图中______(选填“A”“B”或“C”)的位置.(3)如图2所示,一定质量理想气体经历A→B的等压过程,B→C的绝热过程(气体与外界无热量交换),其中B→C过程中内能减少900 J.求A→B→C过程中气体对外界做的总功.解析:(1)在没有外界影响的情况下,分子的无规则运动永不停息,分子的速率分布呈中间多两头少,不可能每个分子的速度大小均相等,选项A、B错误;根据温度是分子平均动能的标志可知,只要温度不变,分子的平均动能就保持不变,由于体积不变,所以分子的密集程度保持不变,选项C、D正确.(2)在小水滴表面层中,分子之间的距离较大,水分子之间的作用力表现为引力.由于平衡位置对应的分子势能最小,在小水滴表面层中,分子之间的距离较大,所以能够总体上反映小水滴表面层中水分子势能E p的是图中C位置.(3)A→B过程W1=-p(V B-V A)B→C过程,根据热力学第一定律W2=ΔU则对外界做的总功W=-(W1+W2)代入数据得W=1 500 J.答案:(1)CD(2)引力C(3)见解析2.(2018·高考江苏卷)(1) 如图1所示,一支温度计的玻璃泡外包着纱布,纱布的下端浸在水中.纱布中的水在蒸发时带走热量,使温度计示数低于周围空气温度.当空气温度不变,若一段时间后发现该温度计示数减小,则________.A.空气的相对湿度减小图1B.空气中水蒸气的压强增大C.空气中水的饱和汽压减小D.空气中水的饱和汽压增大(2)一定量的氧气贮存在密封容器中,在T1和T2温度下其分子速率分布的情况见表(如图2).则T1________T2(选填“大于”“小于”或“等于”).若约10%的氧气从容器中泄漏,泄漏前后容器内温度均为T1,则在泄漏后的容器中,速率处于400~500 m/s区间的氧气分子数占总分子数的百分比________(选填“大于”“小于”或“等于”)18.6%.图2(3)如图3所示,一定质量的理想气体在状态A时压强为2.0×105 Pa,经历A→B→C→A的过程,整个过程中对外界放出61.4 J热量.求该气体在A→B过程中对外界所做的功.图3解析:(1)若一段时间后发现该温度计示数减小,说明纱布上的水分蒸发,空气的相对湿度减小,选项A正确;纱布上的水分蒸发,说明空气中的水蒸气压强减小,选项B错误;由于饱和汽压只与温度有关,所以空气温度不变,空气中的水的饱和汽压不变,选项C、D错误.(2)根据表格中数据可知,温度为T1时分子速率较大的区间所占百分比较大,所以T1大于T2.若约10%的氧气从容器中泄漏,温度不变,根据分子速率分布只与温度有关可知,速率处于400~500 m/s区间的氧气分子数占总分子数的百分比仍然等于18.6%.(3)整个过程中,外界对气体做功W=W AB+W CA,且W CA=p A(V C-V A)由热力学第一定律ΔU=Q+W,得W AB=-(Q+W CA)代入数据得W AB=-138.6 J,即气体对外界做的功为138.6 J.答案:(1)A(2)大于等于(3)138.6 J考情分析命题研究从近几年高考考查来看,对于热学的考查形式比较固定,一般第(1)问为选择题,并且从不同角度设计问题;第(2)问为填空题,考查分子热运动速率的统计分布规律或分子动理论;第(3)问计算题始终围绕热力学第一定律或微观量的求解.预计今后命题仍坚持以上考查方式和命题规律,在知识点上,扩散和布朗运动现象、阿伏加德罗常数、分子力和分子势能、分子平均动能和温度、气体压强的微观解释、油膜法测分子直径、晶体与液晶、液体的表面张力等是本章的基础,气体实验定律、理想气体状态方程与热力学定律是本章的重点分子动理论、固体与液体的性质【高分快攻】【典题例析】(2019·高考北京卷)下列说法正确的是( )A .温度标志着物体内大量分子热运动的剧烈程度B .内能是物体中所有分子热运动所具有的动能的总和C .气体压强仅与气体分子的平均动能有关D .气体膨胀对外做功且温度降低,分子的平均动能可能不变[解析] 温度是分子平均动能的量度(标志),A 项正确;内能是物体内所有分子的分子热运动动能和分子势能的总和,B 项错误;气体压强不仅与分子的平均动能有关,还与分子的密集程度有关,C 项错误;气体温度降低,则分子的平均动能变小,D 项错误.[答案] A【题组突破】1.(2019·高考全国卷Ⅲ)用油膜法估算分子大小的实验中,首先需将纯油酸稀释成一定浓度的油酸酒精溶液,稀释的目的是______________________________.实验中为了测量出一滴已知浓度的油酸酒精溶液中纯油酸的体积,可以______________________________.为得到油酸分子的直径,还需测量的物理量是________.解析:由于分子直径非常小,极少量油酸所形成的单分子层油膜面积也会很大,因此实验前需要将油酸稀释,使油酸在浅盘的水面上容易形成一块单分子层油膜.可以用累积法测量多滴溶液的体积后计算得到一滴溶液的体积.油酸分子直径等于油酸的体积与单分子层油膜的面积之比,即d =V S,故除测得油酸酒精溶液中所含纯油酸的体积外,还需要测量单分子层油膜的面积.答案:使油酸在浅盘的水面上容易形成一块单分子层油膜把油酸酒精溶液一滴一滴地滴入小量筒中,测出1 mL油酸酒精溶液的滴数,得到一滴溶液中纯油酸的体积单分子层油膜的面积2.雾霾天气是对大气中各种悬浮颗粒物含量超标的笼统表述,是特定气候条件与人类活动相互作用的结果.雾霾中,各种悬浮颗粒物形状不规则,但可视为密度相同、直径不同的球体,并用PM10、PM2.5分别表示球体直径小于或等于10 μm、2.5 μm的颗粒物(PM是颗粒物的英文缩写).某科研机构对北京地区的检测结果表明,在静稳的雾霾天气中,近地面高度百米的范围内,PM10的浓度随高度的增加略有减小,大于PM10的大悬浮颗粒物的浓度随高度的增加明显减小,且两种浓度分布基本不随时间变化.据此材料,以下叙述正确的是()A.PM10表示直径小于或等于1.0×10-6 m的悬浮颗粒物B.PM10受到的空气分子作用力的合力始终大于其所受到的重力C.PM10和大悬浮颗粒物都在做布朗运动D.PM2.5的浓度随高度的增加逐渐增大解析:选C.PM10表示直径小于或等于1.0×10-5m的悬浮颗粒物,A项错误;PM10悬浮在空气中,受到的空气分子作用力的合力等于其所受到的重力,B项错误;由题意推断,D 项错误;PM10和大颗粒物的悬浮是由于空气分子的撞击,故它们都在做布朗运动,C项正确.3.下列说法正确的是()A.小雨滴呈球形是水的表面张力作用的结果B.给车胎打气,越压越吃力,是由于分子间存在斥力C.干湿泡温度计的示数差越大,表示空气中水蒸气离饱和状态越远D.常见的金属都是非晶体解析:选AC.空气中的小雨滴呈球形是水的表面张力,使雨滴表面有收缩趋势,A正确;给车胎打气,越压越吃力,是由于打气过程中气体压强增大,不是由于分子间存在斥力,B错误;干湿泡温度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度,是因为湿泡外纱布中的水蒸发吸热,干湿泡温度计的两个温度计的示数差越大,表示空气中水蒸气离饱和状态越远,C正确;常见的金属都是晶体,D错误.命题角度解决方法易错辨析微观量的计算通过阿伏加德罗常数来联系微观量和宏观量所求的微观密度或微观体积的含义并不是真实自身的体积或密度,而是占有的空间大小分子热运动与微观解释布朗运动的原因布朗运动是指颗粒的运动而不是指分子布朗运动的运动物体内能的变化分析明确决定物体内能的因素:物质的量、物态、温度、体积内能改变的方式可结合做功和热传递来理解晶体、非晶体的性质记熟晶体、非晶体分类的依据和晶体的各种特征晶体熔化过程、温度不变,内能改变气体实验定律与热力学定律的综合问题【高分快攻】1.必须理清的知识联系2.对三个气体实验定律要有充分的理解(1)定律在温度不太低、压强不太大的情况下适用;(2)一定质量的理想气体做等容变化时,气体的压强跟摄氏温度不成正比;(3)气体做等容变化时,气体压强的变化量与温度的变化量成正比,即p1T1=p2T2=ΔpΔT=C.以上(2)和(3)对等压变化同样适用.3.封闭气体压强的计算方法(1)“活塞模型”求活塞封闭的气体压强时,一般以活塞为研究对象(有时取汽缸为研究对象),分析它受到的气体压力及其他各力,列出受力的平衡方程,求解压强.如图所示,活塞静止于光滑的汽缸中,活塞质量为m,面积为S,被封闭气体的压强为p,大气压强为p0,活塞受力如图所示,由平衡条件得pS=p0S+mg,解得p=p0+mg S.(2)“液柱模型”求液柱封闭的气体压强时,一般以液柱为研究对象分析受力、列平衡方程,要注意:①液体因重力产生的压强大小为p=ρgh(其中h为至液面的竖直高度);②不要漏掉大气压强,同时又要尽可能平衡掉某些大气的压力;③有时直接应用连通器原理——连通器内静止的液体,同种液体在同一水平面上各处压强相等;④当液体为水银时,可灵活应用压强单位“cmHg”等,使计算过程简洁.4.应用气体实验定律的解题思路(1)选择对象——某一定质量的理想气体;(2)找出参量——气体在始末状态的参量p1、V1、T1及p2、V2、T2;(3)认识过程——认清变化过程是正确选用物理规律的前提;(4)列出方程——选用某一实验定律或状态方程,代入具体数值求解,并讨论结果的合理性.若为两部分气体,除对每部分气体作上述分析外,还要找出它们始末状态参量之间的关系,列式联立求解.5.【典题例析】(2019·盐城模拟)页岩气是从页岩层中开采出来的天然气,主要成分为甲烷,被公认为洁净的能源.(1)一定质量的页岩气(可看成理想气体)状态发生了一次循环变化,其压强p随热力学温度T变化的关系如图所示,O、a、b在同一直线上,bc与横轴平行.则________.A.a到b过程,气体的体积减小B.a到b过程,气体的体积增大C.b到c过程,气体从外界吸收热量D.b到c过程,气体向外界放出热量(2)页岩气经压缩、冷却,在-160 ℃下液化成液化天然气(简称LNG).在液化天然气的表面层,其分子间的引力________(选填“大于”“等于”或“小于”)斥力.在LNG罐内顶部存在一些页岩气,页岩气中甲烷分子的平均动能________(选填“大于”“等于”或“小于”)液化天然气中甲烷分子的平均动能.(3)某状况下页岩气体积约为同质量液化天然气体积的600倍,已知液化天然气的密度ρ=4.5×102 kg/m 3,甲烷的摩尔质量M =1.6×10-2 kg/mol ,阿伏加德罗常数N A =6.0×1023 mol -1,试估算该状态下6.0 m 3页岩气中的甲烷分子数.[解析] (1)ab 是过原点的倾斜直线,表示a 到b 过程气体发生等容变化,即气体的体积不变,故A 、B 错误.b 到c 过程,气体发生等压变化,温度升高,内能增大,根据pV T=C 可知,气体的体积增大,气体对外界做功,根据热力学第一定律ΔU =Q +W 可知,气体从外界吸收热量,故C 正确,D 错误.(2)由于液体表面存在表面张力,其分子间的引力大于斥力,分子的平均动能由温度决定,同一温度下页岩气中甲烷分子的平均动能等于液化天然气中甲烷分子的平均动能.(3)某状态下页岩气体积约为同质量液化天然气体积的600倍,故密度是液化天然气密度的1600倍,页岩气的质量为:m =ρ600V ① 甲烷分子数:N =m MN A ② 解得:N =ρVN A 600M =4.5×102×6.0×6.0×1023600×1.6×10-2≈1.7×1026个.[答案] (1)C (2)大于 等于 (3)1.7×1026个【题组突破】1.(2019·江苏大联考)(1)下列说法正确的是( )A .当物体的温度升高时,物体内每个分子热运动的速率一定都增大B .由于液面表面层的分子间距离大于液体内部分子间距离,液体表面存在张力导致小露珠呈球形C .晶体有天然规则的几何外形,而非晶体无天然规则的几何外形D .第二类永动机不可能制成,说明机械能可以全部转化为内能,内能却不能全部转化为机械能同时又不引起其他变化(2)一定量的理想气体从状态a 开始,经历三个过程ab 、bc 、ca 回到原状态,其p -T 图象如图所示,过程ab 中气体一定________(填“吸热”或“放热”),a 、b 和c 三个状态中,分子的平均动能最小的是状态________(填“a ”“b ”或“c ”).(3)空调在制冷过程中,室内空气中的水蒸气接触蒸发器(铜管)液化成水,经排水管排走,空气中水分越来越少,人会感觉干燥.某空调工作一段时间后,排出液化水的体积V =1.0×103 cm 3.已知水的密度ρ=1.0×103 kg/m 3、摩尔质量M =1.8×10-2 kg/mol ,阿伏加德罗常数N A =6.0×1023 mol -1.试求:(结果均保留一位有效数字)①该液化水中含有水分子的总数N ;②一个水分子的直径d .解析:(1)温度是分子平均动能的标志,是大量分子运动的统计规律,当物体的温度升高时,并不是物体内每个分子热运动的速率都增大,故A 错误;液体表面层内分子间距离大于液体内部分子间距离,所以液体表面存在表面张力,导致小露珠呈球形,故B 正确;多晶体和非晶体均具有各向同性,都没有天然规则的几何外形,故C 错误;根据热力学第二定律可知,第二类永动机不可能制成,是由于内能不能全部转化为机械能同时又不引起其他变化,故D 正确.(2)ab 过程,气体压强与热力学温度成正比,则气体发生等容变化,气体体积不变,外界对气体不做功,因气体温度升高,内能增大,由热力学第一定律可知,气体吸收热量;由题图可知,a 、b 和c 三个状态中a 状态温度最低,分子平均动能最小.(3)①V =1.0×103 cm 3,水的摩尔数n =ρV M 水分子数:N =nN A则得N =ρV M N A =1×103×1.0×103×10-61.8×10-2×6×1023≈3×1025个. ②建立水分子的球模型,设其直径为d .每个水分子的体积为V 0=V N =V ρV M N A=M ρN A 又V 0=16πd 3 故得水分子直径d =36M πρN A , 联立解得d ≈4×10-10 m.答案:(1)BD (2)吸热 a (3)①3×1025个 ②4×10-10 m2.(2019·常州模拟)(1)下列说法中正确的是( ) A .有规则外形的物体是晶体,没有确定几何外形的物体是非晶体B .由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离,液面分子间表现为引力,所以液体表面具有收缩的趋势C .晶体熔化过程中要吸收热量,分子的平均动能增大D .气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数,与单位体积内气体的分子数和气体的温度有关(2)一定质量的理想气体从状态A 经过状态B 变化到状态C .其V -T 图象如图所示.已知状态C 的压强为p 0,B 到C 过程中放出的热量为Q ,则状态A 的压强p A =________,A 到C 过程中气体的内能变化ΔU =________.(3)在标准状况下,体积为V 的水蒸气可视为理想气体.已知水蒸气的密度为ρ,阿伏加德罗常数为N A ,水的摩尔质量为M ,水分子的直径为d .估算体积为V 的水蒸气完全变为液态水时,液态水的体积.(将液体分子看成球体,忽略液体分子间的空隙)解析:(3)体积为V 的水蒸气中水分子个数为N =ρVM ·N A ,液化成水后液态水的体积为:V ′=ρVM ·N A ·16πd 3=ρVN A πd 36M. 答案:(1)BD (2)p 02 p 0V 0-Q (3) ρVN A πd 36M热力学第一定律的应用技巧(1)内能变化量ΔU 的分析思路①由气体温度变化分析气体内能变化.温度升高,内能增加;温度降低,内能减少. ②由公式ΔU =W +Q 分析内能变化.(2)做功情况W 的分析思路①由体积变化分析气体做功情况.体积被压缩,外界对气体做功;体积膨胀,气体对外界做功.注意气体在真空中自由膨胀时,W =0.②由公式W =ΔU -Q 分析气体做功情况.(3)气体吸、放热Q 的分析思路:一般由公式Q =ΔU -W 分析气体的吸、放热情况.(建议用时:45分钟)1.(2018·高考北京卷)关于分子动理论,下列说法正确的是( )A .气体扩散的快慢与温度无关B .布朗运动是液体分子的无规则运动C .分子间同时存在着引力和斥力D .分子间的引力总是随分子间距增大而增大解析:选C.在其他条件不变的情况下,温度越高,气体扩散得越快,故A 错误;布朗运动是固体小颗粒的运动,不是液体分子的运动,故B 错误;分子间同时存在着引力和斥力,故C正确;分子间的引力总是随着分子间距增大而减小,故D错误.2.下列说法中正确的是()A.-2 ℃时水已经结为冰,水分子停止了热运动B.物体温度越高,物体内部分子热运动的平均动能越大C.内能不同的物体,物体内部分子热运动的平均动能可能相同D.一定质量的气体分子的平均速率增大,气体的压强可能减小解析:选BCD.分子做永不停息的无规则热运动,A错误;物体温度越高,分子的平均动能就越大,物体的内能不同,但温度可能相同,则物体分子热运动的平均动能可能相同,选项B、C正确;一定质量的气体分子的平均速率增大,气体分子温度升高,但压强与温度和体积均有关,若气体的体积也增大,则压强不一定增大,也可能减小,选项D正确.3.(2019·镇江4月调研)下列说法正确的是()A.第二类永动机违反了热力学第二定律,也违反了能量守恒定律B.布朗运动的规律反映出分子热运动的规律,即小颗粒的运动是液体分子无规则运动C.在围绕地球飞行的宇宙飞船中,自由飘浮的水滴呈球形,这是表面张力作用的结果D.干湿泡湿度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度,这是湿泡外纱布中的水蒸发吸热的结果解析:选CD.第二类永动机违反了热力学第二定律,但没有违反能量守恒定律,A项错误.布朗运动是悬浮于液体中的固体小颗粒的运动,反映的是液体分子热运动的规律,B项错误.4.(2019·苏州高三一模)以下说法正确的是()A.晶体一定具有规则的形状且有各向异性的特征B.液体的分子势能与液体的体积有关C.水的饱和汽压随温度变化而变化D.组成固体、液体、气体的物质分子依照一定的规律在空间整齐地排列成“空间点阵”解析:选BC.单晶体一定具有规则的形状,且有各向异性的特征,而多晶体的物理性质表现为各向同性,选项A错误;分子势能的产生是由于分子间存在作用力,微观上分子间距离的变化引起宏观上体积的变化,分子间作用力变化,分子势能才变化,选项B正确;水的饱和汽压随温度的变化而变化,温度越高,饱和汽压越大,选项C正确;只有晶体的分子依照一定的规律在空间整齐地排列成“空间点阵”,选项D错误.5.氧气分子在0 ℃和100 ℃温度下单位速率间隔的分子数占总分子数的百分比随气体分子速率的变化分别如图中两条曲线所示.下列说法正确的是()A.图中两条曲线下面积相等B.图中虚线对应于氧气分子平均动能较小的情形C.图中实线对应于氧气分子在100 ℃时的情形D.图中曲线给出了任意速率区间的氧气分子数目解析:选ABC.根据气体分子单位速率间隔的分子数占总分子数的百分比随气体分子速率的变化曲线的意义可知,题图中两条曲线下面积相等,选项A正确;题图中虚线占百分比较大的分子速率较小,所以对应于氧气分子平均动能较小的情形,选项B正确;题图中实线占百分比较大的分子速率较大,分子平均动能较大,根据温度是分子平均动能的标志,可知实线对应于氧气分子在100 ℃时的情形,选项C正确;根据分子速率分布图可知,题图中曲线给出了任意速率区间的氧气分子数目占总分子数的百分比,不能得出任意速率区间的氧气分子数目,选项D错误.6.(2019·南京、盐城二模)(1)下列说法中正确的是()A.空气中PM2.5颗粒的无规则运动属于分子热运动B.某物体温度升高,组成该物体的分子的平均动能一定增大C.云母片导热性能各向异性,是由于该物质的微粒在空间的排列不规则D.空气相对湿度越大,则空气中水蒸气压强越接近饱和汽压(2)两分子间的作用力F与分子间距离r的关系如图1中曲线所示,曲线与r轴交点的横坐标为r0,甲分子固定在坐标原点O,乙分子在分子力作用下从图中a点由静止开始运动.在r>r0阶段,乙分子的动能________(选填“增大”“减小”或“先增大后减小”),乙分子的势能________(选填“增大”“减小”或“先减小后增大”).(3)如图2所示,一圆柱形绝热汽缸竖直放置,通过绝热活塞封闭着一定质量的理想气体,活塞的质量为m,横截面积为S,与汽缸底部相距h,此时封闭气体的温度为T.现通过电热丝缓慢加热气体,当气体吸收热量Q时,气体温度上升到1.5T.已知大气压强为p0,重力加速度为g,不计活塞与汽缸的摩擦.求:①加热后活塞到汽缸底部的距离; ②加热过程中气体的内能增加量.解析:(1)PM2.5颗粒不是分子,其运动不是分子热运动,A 错误;温度是分子平均动能的标志,温度升高,则分子平均动能增大,B 正确;云母片导热性能各向异性,是由于该物质的微粒在空间的排列规则,C 错误;空气相对湿度越大,则空气中水蒸气压强越接近饱和汽压,D 正确.(2)由题图可知,在r >r 0阶段,分子间是引力作用,分子力对乙分子做正功,乙分子的动能增大,分子势能减小.(3)①等压过程由Sh T =Sh ′1.5T得h ′=1.5h . ②气体压强p =p 0+mg SW =-p (h ′-h )S由热力学第一定律ΔU =W +Q联立解得:ΔU =Q -0.5h (p 0S +mg ).答案:(1)BD (2)增大 减小 (3)①1.5h②Q -0.5h (p 0S +mg )7.(2019·苏北四市期中)(1)下列说法正确的有( )A .石蜡具有各向异性B .布朗运动就是液体分子的无规则运动C .水黾可以停在水面上说明液体存在表面张力D .空气中水蒸气的压强与同温度下水的饱和汽压的比值越大,空气的相对湿度越大(2)一定质量的理想气体从状态A 变化到状态B ,再变化到状态C ,其状态变化过程的p -V 图象如图所示,已知A →B 过程放出热量Q ,T A =T C ,则B →C 过程气体________(选填“吸收”或“放出”)热量________.(3)一定质量的理想气体在1个标准大气压下、0 ℃时的体积为0.672 m 3,已知该状态下1 mol 气体的体积是2.24×10-2 m 3,阿伏加德罗常数N A =6.0×1023 mol -1.求该气体的分子数.解析:(3)由N=VV mol N A,解得N=1.8×1025个.答案:(1)CD(2)吸收Q+p2(V2-V1)(3)1.8×1025个8.(2019·盐城中学4月检测)(1)下列说法中正确的是()A.布朗运动是指液体或气体中悬浮微粒的无规则运动B.气体的温度升高,每个气体分子运动的速率都增加C.一定质量的100 ℃的水吸收热量后变成100 ℃的水蒸气,其分子之间的势能增加,且吸收的热量小于增加的内能D.只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度,气体的温度就可以降低(2)如图甲所示,将封有一定质量空气的密闭塑料袋从海拔500 m、气温为18 ℃的山脚下带到海拔3 200 m、气温为10 ℃的山顶上,情形如图乙所示.图________(选填“甲”或“乙”)袋中气体分子平均动能大.从甲图到乙图过程中,袋内气体减小的内能________(选填“大于”“等于”或“小于”)气体放出的热量.(3)有一个氧气瓶的容积V1=30 L,由于用气,氧气瓶中的压强由p1=100 atm降到p2=50 atm,温度始终保持0 ℃,已知标准状况下1 mol气体的体积是22.4 L,则使用掉的氧气分子数为多少?(已知阿伏加德罗常数N A=6.0×1023 mol-1,结果保留两位有效数字) 解析:(1)布朗运动是指液体或气体中悬浮微粒的运动,反映了液体或气体分子的无规则运动,故A正确.温度是分子平均动能的标志,是大量分子无规则运动的宏观表现;气体温度升高,分子的平均动能增加,有些分子的速率增加,也有些分子的速率会减小,只是分子的平均速率增加,故B错误.一定质量的100 ℃的水变成100 ℃的水蒸气,温度没有变化,分子的平均动能不变;由于在这个过程中要对外做功,所以吸收的热量大于增加的内能,故C 错误.温度是分子平均动能的标志,只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度,气体的温度就可以降低,故D正确.(3)用气过程中,温度不变,根据玻意耳定律可得:p1V1=p2V2,用掉的氧气在压强是p2=50 atm时的体积为ΔV,ΔV=V2-V1=30 L设用掉的氧气在标准状况下的体积为V3根据玻意耳定律可得:p2ΔV=p0V3,其中p0=1 atm解得:V3=1 500 L。
2020年高考物理真题考点逐个击破-专题7.3 热力学定律与能量守恒定律
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2020年高考物理真题考点逐个击破-专题7.3 热力学定律与能量守恒定律【专题诠释】一、热力学第一定律1.改变物体内能的两种方式:(1)做功;(2)热传递.2.热力学第一定律(1)内容:一个热力学系统的内能增量等于外界向它传递的热量与外界对它所做的功的和.(2)表达式:ΔU=Q+W.(3)正、负号法则:物理量W QΔU 意义符号+外界对物体做功物体吸收热量内能增加-物体对外界做功物体放出热量内能减少二、能量守恒定律1.内容能量既不会凭空产生,也不会凭空消失,它只能从一种形式转化为另一种形式,或者是从一个物体转移到别的物体,在转化或转移的过程中,能量的总量保持不变.2.条件性能量守恒定律是自然界的普遍规律,某一种形式的能是否守恒是有条件的.3.第一类永动机是不可能制成的,它违背了能量守恒定律.三、热力学第二定律1.热力学第二定律的两种表述(1)克劳修斯表述:热量不能自发地从低温物体传到高温物体.(2)开尔文表述:不可能从单一热库吸收热量,使之完全变成功,而不产生其他影响.或表述为“第二类永动机是不可能制成的”.2.用熵的概念表示热力学第二定律:在任何自然过程中,一个孤立系统的总熵不会减小.3.热力学第二定律的微观意义一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行.4.第二类永动机不可能制成的原因是违背了热力学第二定律.【高考领航】【2019·新课标全国Ⅰ卷】某容器中的空气被光滑活塞封住,容器和活塞绝热性能良好,空气可视为理想气体。
初始时容器中空气的温度与外界相同,压强大于外界。
现使活塞缓慢移动,直至容器中的空气压强与外界相同。
此时,容器中空气的温度__________(填“高于”“低于”或“等于”)外界温度,容器中空气的密度__________(填“大于”“小于”或“等于”)外界空气的密度。
【答案】低于 大于【解析】由题意可知,容器与活塞绝热性能良好,容器内气体与外界不发生热交换,故0Q ∆=,但活塞移动的过程中,容器内气体压强减小,则容器内气体正在膨胀,体积增大,气体对外界做功,即0W <,根据热力学第一定律可知:0U Q W ∆=∆+<,故容器内气体内能减小,温度降低,低于外界温度。
2020版物理新增分大一轮新高考(京津鲁琼)讲义:第十三章热学第3讲含解析
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第3讲热力学定律与能量守恒定律一、热力学第一定律1.改变物体内能的两种方式(1)做功;(2)热传递.2.热力学第一定律(1)内容:一个热力学系统的内能增量等于外界向它传递的热量与外界对它所做功的和.(2)表达式:ΔU=Q+W.(3)ΔU=Q+W中正、负号法则:物理量意义W Q ΔU符号+外界对物体做功物体吸收热量内能增加-物体对外界做功物体放出热量内能减少自测1一定质量的理想气体在某一过程中,外界对气体做功7.0×104 J,气体内能减少 1.3×105 J,则此过程()A.气体从外界吸收热量 2.0×105 JB.气体向外界放出热量 2.0×105 JC.气体从外界吸收热量 6.0×104 JD.气体向外界放出热量 6.0×104 J答案 B二、热力学第二定律1.热力学第二定律的两种表述(1)克劳修斯表述:热量不能自发地从低温物体传到高温物体.(2)开尔文表述:不可能从单一热库吸收热量,使之完全变成功,而不产生其他影响.2.热力学第二定律的微观意义一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行.3.第二类永动机不可能制成的原因是违背了热力学第二定律.自测2(多选)下列现象中能够发生的是()A.一杯热茶在打开杯盖后,茶会自动变得更热B.蒸汽机把蒸汽的内能全部转化成机械能C.桶中混浊的泥水在静置一段时间后,泥沙下沉,上面的水变清,泥、水自动分离D.电冰箱通电后把箱内低温物体的热量传到箱外高温物体答案CD三、能量守恒定律1.内容能量既不会凭空产生,也不会凭空消失,它只能从一种形式转化为另一种形式,或者是从一个物体转移到别的物体,在转化或转移的过程中,能量的总量保持不变.2.条件性能量守恒定律是自然界的普遍规律,某一种形式的能是否守恒是有条件的.3.第一类永动机是不可能制成的,它违背了能量守恒定律.自测3木箱静止于水平地面上,现在用一个80 N的水平推力推动木箱前进10 m,木箱受到地面的摩擦力为60 N,则转化为木箱与地面系统的内能U和转化为木箱的动能E k分别是(空气阻力不计)()A.U=200 J,E k=600 JB.U=600 J,E k=200 JC.U=600 J,E k=800 JD.U=800 J,E k=200 J答案 B解析U=F f x=60×10 J=600 JE k=Fx-U=80×10 J-600 J=200 J命题点一热力学第一定律的理解和应用1.热力学第一定律的理解(1)内能的变化都要用热力学第一定律进行综合分析.(2)做功情况看气体的体积:体积增大,气体对外做功,W为负;体积缩小,外界对气体做功,W为正.(3)与外界绝热,则不发生热传递,此时Q=0.(4)如果研究对象是理想气体,因理想气体忽略分子势能,所以当它的内能变化时,主要体现在分子动能的变化上,从宏观上看就是温度发生了变化.2.三种特殊情况(1)若过程是绝热的,则Q=0,W=ΔU,外界对物体做的功等于物体内能的增加;(2)若过程中不做功,即W=0,则Q=ΔU,物体吸收的热量等于物体内能的增加;(3)若过程的初、末状态物体的内能不变,即ΔU=0,则W+Q=0或W=-Q,外界对物体做的功等于物体放出的热量.例1(多选)(2017·全国卷Ⅱ·33(1)改编)如图1,用隔板将一绝热汽缸分成两部分,隔板左侧充有理想气体,隔板右侧与绝热活塞之间是真空.现将隔板抽开,气体会自发扩散至整个汽缸.待气体达到稳定后,缓慢推压活塞,将气体压回到原来的体积.假设整个系统不漏气.下列说法正确的是()图1A.气体自发扩散前后内能相同B.气体在被压缩的过程中内能增大C.在自发扩散过程中,气体对外界做功D.气体在被压缩的过程中,外界对气体做功答案ABD解析因为汽缸、活塞都是绝热的,隔板右侧是真空,所以理想气体在自发扩散的过程中,既不吸热也不放热,也不对外界做功.根据热力学第一定律可知,气体自发扩散前后,内能不变,选项A正确,C错误;气体在被压缩的过程中,外界对气体做功,且没有热交换,根据热力学第一定律,气体内能增大,选项B、D正确.变式1(多选)(2016·全国卷Ⅲ·33(1)改编)关于气体的内能,下列说法正确的是()A.质量和温度都相同的气体,内能一定相同B.气体被压缩时,内能可能不变C.一定量的某种理想气体的内能只与温度有关D.一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中,内能一定增加答案BCD解析质量和温度都相同的气体,虽然分子平均动能相同,但是不同的气体,其摩尔质量不同,即分子个数不同,所以分子总动能不一定相同,A错误;若气体被压缩的同时对外传热,根据热力学第一定律可知,内能可能不变,B正确;根据pVT=C可知,等压膨胀,温度增大,内能一定增大,D正确;理想气体的分子势能为零,所以一定量的某种理想气体的内能只与分子平均动能有关,而分子平均动能和温度有关,C正确.命题点二热力学第一定律与图象的综合应用1.四种图象的比较类别特点(其中C为常量)举例p-V pV=CT,即pV之积越大的等温线温度越高,线离原点越远p-1Vp=CT1V,斜率k=CT,即斜率越大,温度越高p-T p=CVT,斜率k=CV,即斜率越大,体积越小V-T V=CpT,斜率k=Cp,即斜率越大,压强越小2.分析技巧利用垂直于坐标轴的线作辅助线去分析不同温度的两条等温线、不同体积的两条等容线、不同压强的两条等压线的关系.例如:(1)在图2甲中,V1对应虚线为等容线,A、B分别是虚线与T2、T1两线的交点,可以认为从B 状态通过等容升压到A状态,温度必然升高,所以T2>T1.(2)如图乙所示,A、B两点的温度相等,从B状态到A状态压强增大,体积一定减小,所以V2<V1.图2例2(多选)(2018·全国卷Ⅰ·33(1)改编)如图3,一定质量的理想气体从状态a开始,经历过程①、②、③、④到达状态 e.对此气体,下列说法正确的是()图3A.过程①中气体的压强逐渐减小B.过程②中气体对外界做正功C.过程④中气体从外界吸收了热量D.状态c、d的内能相等答案BD解析过程①中,气体由a到b,体积V不变、温度T升高,则压强增大,A项错误;过程②中,气体由b到c,体积V变大,对外界做正功,B项正确;过程④中,气体由d到e,温度T降低,内能ΔU减小,体积V不变,气体不做功,根据热力学第一定律ΔU=Q+W得Q<0,即气体放出热量,C 项错误;状态c、d温度相同,所以内能相等,D项正确.变式2(多选)(2017·全国卷Ⅲ·33(1)改编)如图4,一定质量的理想气体从状态a出发,经过等容过程ab到达状态b,再经过等温过程bc到达状态c,最后经等压过程ca回到状态 a.下列说法正确的是()图4A.在过程ab中气体的内能增加B.在过程ca中外界对气体做功C.在过程ab中气体对外界做功D.在过程bc中气体从外界吸收热量答案ABD解析在过程ab中,体积不变,气体对外界不做功,压强增大,温度升高,内能增加,故选项A正确,C错误;在过程ca中,气体的体积缩小,外界对气体做功,压强不变,温度降低,内能变小,气体向外界放出热量,故选项B正确;在过程bc中,温度不变,内能不变,体积增大,气体对外界做功,由热力学第一定律可知,气体要从外界吸收热量,故选项D正确.变式3(多选)(2016·全国卷Ⅱ·33(1)改编)一定量的理想气体从状态a开始,经历等温或等压过程ab、bc、cd、da回到原状态,其p-T图象如图5所示,其中对角线ac的延长线过原点O.下列判断正确的是()图5A.气体在a、c两状态的体积相等B.气体在状态a时的内能大于它在状态c时的内能C.在过程cd中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功D.在过程da中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功答案AB解析由理想气体状态方程pVT =C得,p=CVT,由题图可知,V a=V c,选项A正确;理想气体的内能只由温度决定,而T a>T c,故气体在状态a时的内能大于在状态c时的内能,选项B正确;由热力学第一定律ΔU=Q+W知,cd过程温度不变,内能不变,则Q=-W,选项C错误;da过程温度升高,即内能增大,则吸收的热量大于对外界做的功,选项D错误.命题点三热力学第一定律与气体实验定律的结合基本思路例3(2013·山东卷·36(2))我国“蛟龙”号深海探测船载人下潜超过七千米,再创载人深潜新纪录.在某次深潜实验中,“蛟龙”号探测到990 m深处的海水温度为280 K.某同学利用该数据来研究气体状态随海水深度的变化.如图6所示,导热良好的汽缸内封闭一定质量的气体,不计活塞的质量和摩擦,汽缸所处海平面的温度T0=300 K,压强p0=1 atm,封闭气体的体积V0=3 m3.如果将该汽缸下潜至990 m深处,此过程中封闭气体可视为理想气体.图6(1)求990 m深处封闭气体的体积(1 atm相当于10 m深的海水产生的压强).(2)下潜过程中封闭气体________(填“吸热”或“放热”),传递的热量________(填“大于”或“小于”)外界对气体所做的功.答案(1)2.8×10-2 m3(2)放热大于解析(1)当汽缸下潜至990 m深处时,设封闭气体的压强为p,温度为T,体积为V,由题意可知p =100 atm①根据理想气体状态方程得p0V0T0=pVT②代入数据得V=2.8×10-2 m3③(2)下潜过程中气体体积减小,外界对气体做正功,由于气体质量一定,温度降低,内能减小,由热力学第一定律知,气体向外放热,且传递的热量大于外界对气体做的功.变式4如图7所示,用销钉固定的导热活塞把水平放置的导热汽缸分隔成容积相同的两部分,分别封闭着A、B两部分理想气体:A部分气体压强为p A0=2.5×105 Pa,B部分气体压强为p B0=1.5×105 Pa.现拔去销钉,待活塞重新稳定后.(外界温度保持不变,活塞与汽缸间摩擦可忽略不计,整个过程无漏气发生)图7(1)求此时A部分体积与原来体积之比;(2)判断此过程中A部分气体是吸热还是放热,并简述理由.答案(1)5∶4(2)见解析解析(1)设A、B部分气体原来体积都为V,由玻意耳定律得p A0V=p A(V+ΔV) p B0V=p B(V-ΔV)又p A=p B由以上各式可解得ΔV=14 V,因此,此时A部分气体体积与原来体积之比为5∶4.(2)A部分气体由于温度不变,所以内能不变;体积膨胀,对外做功,由热力学第一定律可知,一定从外界吸收热量.命题点四热力学第二定律1.热力学第二定律的含义(1)“自发地”指明了热传递等热力学宏观现象的方向性,不需要借助外界提供能量的帮助.(2)“不产生其他影响”的含义是发生的热力学宏观过程只在本系统内完成,对周围环境不产生热力学方面的影响,如吸热、放热、做功等.在产生其他影响的条件下内能可以全部转化为机械能,如气体的等温膨胀过程.2.热力学第二定律的实质热力学第二定律的每一种表述,都揭示了大量分子参与的宏观过程的方向性,进而使人们认识到自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性.3.热力学过程的方向性实例(1)高温物体热量Q能自发传给热量Q不能自发传给低温物体.(2)功能自发地完全转化为不能自发地转化为热.(3)气体体积V1能自发膨胀到不能自发收缩到气体体积V2(较大).(4)不同气体A和B能自发混合成不能自发分离成混合气体AB.4.两类永动机的比较第一类永动机第二类永动机设计要求不需要任何动力或燃料,却能不断地对外做功的机器从单一热源吸收热量,使之完全变成功,而不产生其他影响的机器不可能制成的原因违背能量守恒定律不违背能量守恒定律,违背热力学第二定律例4如图8所示为电冰箱的工作原理示意图.压缩机工作时,强迫制冷剂在冰箱内外的管道中不断循环.在蒸发器中制冷剂汽化吸收箱体内的热量,经过冷凝器时制冷剂液化,放出热量到箱体外.图8(1)(多选)下列说法正确的是________.A.热量可以自发地从冰箱内传到冰箱外B.电冰箱的制冷系统能够不断地把冰箱内的热量传到外界,是因为其消耗了电能C.电冰箱的工作原理不违反热力学第一定律D.电冰箱的工作原理违反热力学第一定律(2)电冰箱的制冷系统从冰箱内吸收的热量与释放到外界的热量相比,有怎样的关系?答案(1)BC(2)见解析解析(1)热力学第一定律是热现象中内能与其他形式能的转化规律,是能量守恒定律的具体表现,适用于所有的热学过程,故C项正确,D项错误;由热力学第二定律可知,热量不能自发地从低温物体传到高温物体,除非有外界的影响或帮助,电冰箱把热量从低温的内部传到高温的外部,需要压缩机的帮助并消耗电能,故B项正确,A项错误.(2)由热力学第一定律可知,电冰箱制冷系统从冰箱内吸收了热量,同时消耗了电能,释放到外界的热量比从冰箱内吸收的热量多.变式5(多选)(2016·全国卷Ⅰ·33(1)改编)关于热力学定律,下列说法正确的是()A.气体吸热后温度一定升高B.对气体做功可以改变其内能C.理想气体等压膨胀过程一定放热D.热量不可能自发地从低温物体传到高温物体答案BD解析气体内能的改变ΔU=Q+W,故对气体做功可改变气体的内能,B选项正确;气体吸热为Q,但不确定外界做功W的情况,故不能确定气体温度的变化,A选项错误;理想气体等压膨胀,W<0,由理想气体状态方程pVT=C,p不变,V增大,气体温度升高,内能增大,ΔU>0,由ΔU=Q+W,知Q>0,气体一定吸热,C选项错误;由热力学第二定律知,D选项正确.1.(多选)关于热力学定律,下列说法正确的是()A.不可能使热量从低温物体传向高温物体B.第二类永动机违反了热力学第二定律C.气体向真空膨胀的过程是不可逆过程D.功转变为热的实际宏观过程是可逆过程答案BC青海省格尔木市调研)根据学过的热学中的有关知识,判断下列说法中正确的是()2.(2018·A.机械能可以全部转化为内能,内能也可以全部用来做功转化成机械能B.凡与热现象有关的宏观过程都具有方向性,在热传递中,热量只能从高温物体传递给低温物体,而不能从低温物体传递给高温物体C.尽管科技不断进步,热机的效率仍不能达到100%,制冷机却可以使温度降到-293 ℃D.第一类永动机违背能量守恒定律,第二类永动机不违背能量守恒定律,随着科技的进步和发展,第二类永动机可以制造出来答案 A解析机械能可以全部转化为内能,而内能在引起其他变化时也可以全部转化为机械能,A正确;凡与热现象有关的宏观过程都具有方向性,在热传递中,热量可以自发地从高温物体传递给低温物体,也能从低温物体传递给高温物体,但必须借助外界的帮助,B错误;尽管科技不断进步,热机的效率仍不能达到100%,制冷机也不能使温度降到-293 ℃,只能无限接近-273.15 ℃,C错误;第一类永动机违背能量守恒定律,第二类永动机不违背能量守恒定律,而是违背了热力学第二定律,第二类永动机不可能制造出来,D错误.3.关于两类永动机和热力学的两个定律,下列说法正确的是()A.第二类永动机不可能制成是因为违反了热力学第一定律B.第一类永动机不可能制成是因为违反了热力学第二定律C.由热力学第一定律可知做功不一定改变内能,热传递也不一定改变内能,但同时做功和热传递一定会改变内能D.由热力学第二定律可知热量从低温物体传向高温物体是可能的,从单一热源吸收热量,完全变成功也是可能的答案 D解析第一类永动机违反能量守恒定律,第二类永动机违反热力学第二定律,A、B错;由热力学第一定律可知W≠0,Q≠0,但ΔU=W+Q可以等于0,C错;由热力学第二定律可知D中现象是可能的,但会引起其他变化,D对.4.(多选)(2018·福建省龙岩市一模)关于气体的内能和热力学定律,下列说法正确的是()A.对气体做功可以改变其内能B.气体被压缩时,内能可能不变C.一定量的理想气体在等温膨胀过程中,内能一定增加D.一定量的理想气体,温度越高,气体分子运动越剧烈,气体内能越大答案ABD5.(2013·山东卷·36(1))下列关于热现象的描述正确的是()A.根据热力学定律,热机的效率可以达到100%B.做功和热传递都是通过能量转化的方式改变系统内能的C.温度是描述热运动的物理量,一个系统与另一个系统达到热平衡时两系统温度相同D.物体由大量分子组成,其单个分子的运动是无规则的,大量分子的运动也是无规律的答案 C山西省吕梁市第一次模拟)一定量的理想气体从状态a开始,经历三个过程ab、bc、ca 6.(多选)(2018·回到原状态,其p-T图象如图1所示.下列判断正确的是()图1A.过程ab中气体一定吸热B.过程bc中气体既不吸热也不放热C.过程ca中外界对气体所做的功等于气体所放的热D.a、b和c三个状态中,状态a分子的平均动能最小答案AD解析过程ab中气体体积不变,则W=0,但温度升高,气体内能增大,即ΔU>0,由热力学第一定律ΔU=W+Q,气体一定吸热,故A正确;过程bc中温度不变,则内能不变,即ΔU=0,但体积增大,气体对外做功,W<0,由热力学第一定律ΔU=W+Q,Q>0,气体吸热,则B错误;过程ca中温度减小即ΔU<0,体积减小,外界对气体做功,W>0,由热力学第一定律ΔU=W+Q,气体放出的热量大于外界对气体做的功,故C错误;a、b和c三个状态中,状态a的温度最低,故分子的平均动能最小,则D正确.安徽省宿州市一质检)一定量的理想气体的压强p与热力学温度T的变化图象如图2所7.(多选)(2019·示.下列说法正确的是()图2A.A→B的过程中,气体从外界吸收的热量等于其内能的增加量B.B→C的过程中,气体体积增大,对外做功C.B→C的过程中,气体对外界放热,内能不变D.B→C的过程中,气体分子与容器壁每秒碰撞的次数增加答案ACD解析从A到B的过程,是等容升温过程,气体不对外做功,气体从外界吸收热量,使得气体内能增加,故A正确;从B到C的过程是等温压缩过程,气体压强增大,体积减小,外界对气体做功,气体放出热量,内能不变,因体积减小,分子数密度增大,故气体分子与容器壁每秒碰撞的次数增加,故B错误,C、D正确.8.(多选)一定质量的理想气体经历如图3所示的一系列过程,AB、BC、CD、DA这四段过程在p-T 图象中都是直线,其中CA的延长线通过坐标原点O,下列说法正确的是()图3A.A→B的过程中,气体对外界放热,内能不变B.B→C的过程中,单位体积内的气体分子数减少C.C→D的过程中,气体对外界做功,分子的平均动能减小D.D→A过程与B→C过程相比较,两过程中气体与外界交换的热量不同答案AB解析A→B的过程中,气体温度不变,则内能不变,压强变大,体积减小,则外界对气体做功,由ΔU=W+Q可知气体对外界放热,选项A正确;B→C的过程中,气体的压强不变,温度升高,体积变大,则单位体积内的气体分子数减少,选项B正确;C→D的过程中,温度不变,压强减小,体积变大,则气体对外界做功,分子的平均动能不变,选项C错误;D→A过程和B→C过程内能的变化量大小相等,D→A过程外界对气体做功W1=p AD(V D-V A),又V AT A=V DT D,则W1=p AD T D-T A V AT A,同理B→C过程,气体对外做功W2=p BC T C-T B V CT C,因T D-T A=T C-T B,V A=V C,p ADT A=p BCT C,则W1=W2,根据热力学第一定律,两过程中气体与外界交换的热量相同,选项D错误.9.(多选)(2018·山西省太原市三模)如图4所示,在斯特林循环的p-V图象中,一定质量的理想气体从状态a依次经过状态b、c和d后再回到状态a,整个过程由两个等温和两个等容过程组成.下列说法正确的是()图4A.从a到b,气体的温度一直升高B.从c到d,气体对外放热C.从d到a,单位体积中的气体分子数目增多D.从b到c气体吸收的热量与从d到a气体放出的热量相同答案ABC解析从a到b,体积不变,压强增大,温度一直升高,A正确;从c到d,体积不变,压强减小,温度降低,内能减小,气体对外放热,B正确;从d到a,温度不变,压强增大,体积减小,单位体积中的气体分子数目增多,C正确;从b到c气体吸收的热量等于气体对外做的功,从d到a气体放出的热量等于外界对气体做的功,两个过程体积变化相同,但压强不同,做的功不同,所以从b到c 气体吸收的热量与从d到a气体放出的热量不同,D错误.10.(2012·山东卷·36(2))如图5所示,一粗细均匀、导热良好、装有适量水银的U型管竖直放置,右端与大气相通,左端封闭气柱长l1=20 cm(可视为理想气体),两管中水银面等高.现将右端与一低压舱(未画出)接通,稳定后右管水银面高出左管水银面h=10 cm.(环境温度不变,大气压强p0=75 cmHg)图5(1)求稳定后低压舱内的压强(用“cmHg”作单位).(2)此过程中左管内的气体对外界________(填“做正功”“做负功”或“不做功”),气体将________(填“吸热”或“放热”).答案(1)50 cmHg(2)做正功吸热解析(1)设U型管横截面积为S,右端与大气相通时左管中封闭气体的压强为p1,右端与一低压舱接通后左管中封闭气体的压强为p2,气柱长度为l2,稳定后低压舱内的压强为p.左管中封闭气体发生等温变化,根据玻意耳定律得p1V1=p2V2①p1=p0②p2=p+p h③V1=l1S④V2=l2S⑤由几何关系得h=2(l2-l1)⑥联立①②③④⑤⑥式,代入数据得p=50 cmHg(2)左管内气体膨胀,气体对外界做正功,温度不变,ΔU=0,根据热力学第一定律,ΔU=Q+W且W<0,所以Q=-W>0,气体将吸热.11.(2018·辽宁省大连市第二次模拟)一定质量的理想气体,状态从A→B→C→D→A的变化过程可用如图6所示的p-V图线描述,其中D→A为等温线,气体在状态A时温度为T A=300 K,求:图6(1)气体在状态C时温度T C;(2)若气体在A→B过程中吸热 1 000 J,则在A→B过程中气体内能如何变化?变化了多少?答案(1)375 K(2)气体内能增加增加了400 J解析(1)D→A为等温线,则T D=T A=300 K,C到D过程由盖-吕萨克定律得:V CT C=V DT D所以T C=375 K(2)A到B过程压强不变,由:W=-pΔV=-2×105×3×10-3 J=-600 J由热力学第一定律,得:ΔU=Q+W=1 000 J-600 J=400 J则气体内能增加,增加了400 J.12.若一个空置房间地面面积为15 m2,高3 m,该房间内室温为27 ℃.(已知大气压p=1×105 Pa)(1)则该房间的空气在标准状况下占的体积V多大;(2)设想该房间的这些空气从27 ℃等压降温到0 ℃,由W=p0ΔV计算外界对这些空气做的功为多少;若同时这些空气放出热量5×105 J,求这些空气的内能变化了多少.答案(1)41 m3(2)4×105 J内能减少了1×105 J解析(1)该房间的体积V1=15×3 m3=45 m3,T1=27 K+273 K=300 K,标准状况下T=273 K,由V1T1=VT,解得V=41 m3.(2)外界对这些空气做功W=p0ΔV=p0(V1-V)=4×105 J,热量Q=-5×105 J,由ΔU=Q+W,故ΔU=4×105 J-5×105 J=-1×105 J,ΔU为负,表示内能减少了1×105 J.。
2020年考前回顾热学(解析版)
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1.计算分子大小(可求固液;气体空间) 固体液体认为是球型,气体空间是立方体型 2.扩散与布朗运动 (气体能充满容器是扩散,点表示30s 是的位置,线不表示轨迹) 3.分子间作用力 4.一切达到热平衡状态的系统都具有相同的温度.(注意:不是热量也不是内能) 5.ΔT =Δt 6.温度是分子热运动的平均动能的标志 7.油膜实验中酒精溶液的作用是对油酸起到稀释作用,酒精稀释油酸是为了进一步减小油酸的面密度更能保证其形成单层分子油膜,为了减小系统误差. 8. 取r →∞处为零势能处,分子势能E p 与分子间距离r 的关系如图所示,当r =r 0时分子势能最小.9. m 0=M N A =ρV m N A . V 0=V m N A =M ρN A.(适用于液体和固体,对于气体,V 0指一个分子所占体积) 10. 实验:用油膜法估测分子的大小 (误差 痱子粉太厚)11. 晶体与非晶体 (常见金属是多;集成电路是单;蜂蜡 玻璃 沥青非;硫酸铜 石英、云母、明矾等;各向同性各向异性,液晶;晶体 结构规则)12. 液体的表面张力 (原因 表面引力 收缩 方向平行/相切;温度越高,有杂质张力小;浓度大张力大)13. 饱和气压(T 升高 饱和气压大 与体积无关)14. 相对湿度=水蒸气的实际压强同温度水的饱和汽压⎝⎛⎭⎫B =p p s ×100% ≤1 越大越潮湿 蒸发越慢 15. 气体分子运动特点“中间多,两头大”16. 气体压强(温度体积 分子动能 分子密集程度)17. 气体实验定律 (1)推论:Δp =p 1T 1ΔT . (2推论:ΔV =V 1T 1ΔT . 18. 热力学第一定律ΔU =Q +W (气体做功)19. 第一类永动机是不可能制成的,它违背了能量守恒定律.20. 热力学第二定律:热量不能自发地从低温物体传到高温物体;不可能从单一热源吸收热量,使之完全变成功,而不产生其他影响.或表述为“第二类永动机不可能制成”(机械能和内能转化的方向性);在任何自然过程中,一个孤立系统的总熵不会减小(热力学第二定律又叫做熵增加原理);一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行;第二类永动机不可能制成的原因是违背了热力学第二定律.21. 气体向真空膨胀是不可逆的。
2020高考物理复习:热学 考点分析及解题方法总结
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热学(选修3-3)高考命题规律考点一分子动理论内能固体、液体命题角度1分子动理论内能固体、液体高考真题体验·对方向1.〔2018全国Ⅱ·33(1)〕对于实际的气体,下列说法正确的是(填正确答案标号).A.气体的内能包括气体分子的重力势能B.气体的内能包括气体分子之间相互作用的势能C.气体的内能包括气体整体运动的动能D.气体的体积变化时,其内能可能不变E.气体的内能包括气体分子热运动的动能答案BDE解析气体的内能是指所有气体分子热运动的动能和相互作用的势能之和,不包括分子的重力势能和气体整体运动的动能,选项A、C错误,B、E正确;气体体积变化时,其分子势能可能增加、可能减小,而分子的动能可能增加、可能减小,其内能可能不变,选项D正确.2.〔2015全国Ⅰ·33(1)〕下列说法正确的是(填正确答案标号).A.将一块晶体敲碎后,得到的小颗粒是非晶体B.固体可以分为晶体和非晶体两类,有些晶体在不同方向上有不同的光学性质C.由同种元素构成的固体,可能会由于原子的排列方式不同而成为不同的晶体D.在合适的条件下,某些晶体可以转变为非晶体,某些非晶体也可以转变为晶体E.在熔化过程中,晶体要吸收热量,但温度保持不变,内能也保持不变答案BCD解析晶体敲碎后,得到的小颗粒仍为晶体,选项A错误;某些晶体在不同方向上有不同的光学性质,选项B正确;同种元素构成的固体,可形成不同的晶体,比如金刚石和石墨,选项C正确;在合适条件下,某些晶体和非晶体可相互转变,选项D正确;晶体在熔化过程中,温度不变,内能增加,选项E错误.3.〔2015全国Ⅱ·33(1)〕关于扩散现象,下列说法正确的是(填正确答案标号).A.温度越高,扩散进行得越快B.扩散现象是不同物质间的一种化学反应C.扩散现象是由物质分子无规则运动产生的D.扩散现象在气体、液体和固体中都能发生E.液体中的扩散现象是由于液体的对流形成的答案ACD解析扩散现象是固体、液体或气体分子永不停息做无规则运动所致,其剧烈程度与温度有关,扩散现象不是化学反应,A、C、D项正确而B、E项错误.1.分子势能、分子力与分子间距离的关系2.把握定量估算方法(1)微观量的估算应利用阿伏加德罗常数的桥梁作用,依据分子数N与摩尔数n之间的关系N=nN A,并结合密度公式进行分析计算.(2)注意建立正方体分子模型或球体分子模型.(3)对液体、固体物质可忽略分子之间的间隙;对气体物质,分子之间的距离远大于分子的大小,气体的摩尔体积与阿伏加德罗常数的比值不等于气体分子的体积,仅表示一个气体分子平均占据的空间大小.典题演练提能·刷高分1.(2019山东潍坊二模)关于固体、液体的性质,下列说法正确的是(填正确答案的标号).A.非晶体不可能转化为晶体B.单晶体有确定的熔点,多晶体没有确定的熔点C.彩色液晶显示器利用了液晶的光学各向异性的特点D.玻璃管的裂口放在火焰上烧熔,其尖端变钝,这是由于液体表面张力的作用E.唐诗《观荷叶露珠》中有“霏微晓露成珠颗”,诗中荷叶和露水表现为不浸润答案CDE解析有的非晶体在一定条件下可以转化为晶体,则A错误;单晶体和多晶体都有确定的熔点,选项B错误;彩色液晶显示器利用了液晶的光学各向异性的特点,选项C正确;玻璃管的裂口放在火焰上烧熔,其尖端变钝,这是由于液体表面张力的作用,选项D正确;唐诗《观荷叶露珠》中有“霏微晓露成珠颗”,诗中荷叶和露水表现为不浸润,选项E正确.2.(多选)(2019重庆模拟)关于固体和液体,下列说法正确的是(填正确答案的标号).A.晶体一定有确定的熔点B.晶体一定有确定的几何形状C.有些非晶体在一定条件下可以转化为晶体D.所有物质都具有液晶态E.在液体表面任意画一条线,线两侧的液体间的作用力是引力答案ACE解析晶体有确定的熔点,故A正确;单晶体有一定几何形状,多晶体没有确定的几何形状,故B错误;晶体和非晶体区别在于内部分子排列,有些通过外界干预可以相互转化,如把晶体硫加热熔化(温度超过300 ℃)再倒进冷水中,会变成柔软的非晶硫,再过一段时间又会转化为晶体硫,故C 正确;并不是所有物质都具有液晶态,故D错误;液体表面层分子距离大于液体内部分子距离,在液体表面任意画一条线,线两侧的液体间的作用力是引力,故E正确.故选ACE.3.下列说法正确的是(填正确答案标号).A.热量能够自发地从内能多的物体传递到内能少的物体B.同一时刻,教室内空气中氮气和氧气的分子平均动能是相同的C.当水中两个水分子间的分子力为零时,它们具有的分子势能一定最小D.液体表面层分子间距离小于液体内部分子间距离,所以液体表面存在表面张力E.在合适的条件下,某些晶体可以转化为非晶体,某些非晶体也可以转化为晶体答案BCE解析热量能够自发地从高温物体传递到低温物体,选项A错误;同一时刻,教室内空气中氮气和氧气因为温度相同,则分子平均动能是相同的,选项B正确;当水中两个水分子间的分子力为零时,它们具有的分子势能一定最小,选项C正确;液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离,所以液体表面存在表面张力,选项D错误;在合适的条件下,某些晶体可以转变为非晶体,某些非晶体也可以转变为晶体,例如天然石英是晶体,熔融过的石英却是非晶体.把晶体硫加热熔化(温度超过300 ℃)再倒进冷水中,会变成柔软的非晶硫,再过一段时间又会转化为晶体硫,故E正确.故选BCE.4.下列说法正确的是(填正确答案标号).A.荷叶上面的小水珠呈球形的主要原因是有液体表面张力B.晶体凝固时放出热量,但分子平均动能不变C.气体如果失去容器的约束就会散开,这是因为气体分子之间存在斥力的缘故D.一定质量的理想气体分别经等容过程和等压过程,温度均由T1升高到T2,则等容过程比等压过程吸收的热量少E.一个绝热容器中盛有气体,假设把气体中分子速率很大的,如大于v m的分子全部取走,则气体的温度会下降,此后气体中不存在速率大于v m的分子答案ABD解析表面张力有使液体的表面积最小化的趋势,故荷叶上面的小水珠呈球形的主要原因是有液体表面张力,A正确;晶体凝固时温度不变,所以分子平均动能不变,B正确;气体如果失去容器的约束就会散开,这是因为分子在做无规则运动的原因,C错误;一定质量的理想气体分别经等容过程和等压过程,温度均由T1升高到T2,内能增量ΔU相同,根据热力学第一定律,等容过程Q=ΔU,等压过程吸收的热量Q=ΔU-W,而等压过程气体对外做功W<0,所以等容过程比等压过程吸收的热量少,D正确;取走v m的分子后,由于碰撞等原因,仍然会出现速率大于v m的分子,E错误.5.下列说法正确的是(填正确答案标号).A.零摄氏度的物体的内能为零B.气体如果失去了容器的约束会散开,这是因为气体分子热运动的结果C.温度相同的氧气和臭氧气体,分子平均动能相同D.理想气体,分子之间的引力、斥力依然同时存在,且分子力表现为斥力E.浸润现象是分子间作用力引起的答案BCE解析一切物体都有内能,故A错;气体如果失去了容器的约束会散开,这是因为气体分子热运动的结果,故B正确;温度是平均动能的标志,所以温度相同的氧气和臭氧气体,分子平均动能相同,故C正确;理想气体忽略分子间作用力,分子力为零,故D错误;浸润现象是分子间作用力引起的,与分子力有关,故E正确.6.关于热现象,下列说法正确的是(填正确答案标号).A.两个邻近的分子之间同时存在着引力和斥力,引力和斥力都随着分子间的距离的增大而减小B.液晶像液体一样具有流动性,其光学性质与某些晶体相似,具有各向同性C.处于失重状态的宇宙飞船中,由于消除了重力的影响,一大滴水银的表面将收缩为球面,水银滴成为球形D.液面上部的蒸汽达到饱和时,就没有液体分子从液面飞出,所以从宏观上来看液体不再蒸发E.热量可以自发地从高温物体向低温物体传递,但要从低温物体向高温物体传递,必须有第三者的介入答案ACE解析两个邻近的分子之间同时存在着引力和斥力,引力和斥力都随着分子间的距离的增大而减小,选项A正确;液晶像液体一样具有流动性,其光学性质与某些晶体相似,具有各向异性,选项B 错误;处于失重状态的宇宙飞船中,由于消除了重力的影响,一大滴水银的表面将收缩为球面,水银滴成为球形,选项C正确;液面上部的蒸汽达到饱和时,液体分子从液面飞出,同时有分子进入液体中,从宏观上看,液体不再蒸发,故D错误;热量可以自发地从高温物体向低温物体传递,但要从低温物体向高温物体传递,必须有第三者的介入,选项E正确.故选ACE.7.下列说法中正确的是(填正确答案标号).A.温度、压力、电磁作用可以改变液晶的光学性质B.大颗粒的盐磨成了细盐,就变成了非晶体C.空气的相对湿度定义为空气中所含水蒸气压强与同温度水的饱和蒸汽压的比值D.分子质量不同的两种气体,温度相同时其分子的平均动能相同E.理论上,第二类永动机并不违背能量守恒定律,所以随着人类科学技术的进步,第二类永动机是有可能研制成功的答案ACD解析温度、压力、电磁作用可以改变液晶的光学性质,选项A正确;大颗粒的盐磨成了细盐,不改变晶体的结构,故还是晶体,选项B错误;空气的绝对湿度是指大气中水蒸气的实际压强;空气的相对湿度定义为空气中所含水蒸气压强与同温度水的饱和蒸汽压的比值,选项C正确;温度是分子平均动能的标志,故分子质量不同的两种气体,温度相同时其分子的平均动能相同,选项D正确;第二类永动机并不违背能量守恒定律,但是违背热力学第二定律,所以随着人类科学技术的进步,第二类永动机也不可能研制成功,选项E错误.故选ACD.命题角度2用油膜法估测分子的大小高考真题体验·对方向〔2019全国Ⅲ·33(1)〕用油膜法估算分子大小的实验中,首先需将纯油酸稀释成一定浓度的油酸酒精溶液,稀释的目的是.实验中为了测量出一滴已知浓度的油酸酒精溶液中纯油酸的体积,可以.为得到油酸分子的直径,还需测量的物理量是.答案使油酸在浅盘的水面上容易形成一块单分子层油膜把油酸酒精溶液一滴一滴地滴入小量筒中,测出1 mL油酸酒精溶液的滴数,得到一滴溶液中纯油酸的体积单分子层油膜的面积解析稀释后,油酸在浅盘的水面上更容易形成一块单分子层油膜.把油酸酒精溶液一滴一滴地滴入小量筒中,测出1 mL油酸酒精溶液的滴数n,得到一滴油酸酒精溶液的体积,之后根据浓度求出一滴溶液中纯油酸的体积.根据公式d=可知,还需要测单分子层油膜的面积S.典题演练提能·刷高分1.(2019河北石家庄模拟)在“用油膜法估测分子大小”的实验中,已知油酸的摩尔质量M=0.3 kg·mol-1,密度ρ=0.9×103 kg·m-3,则油酸的分子直径约为m.将2 cm3的油酸溶于酒精,制成400 cm3的油酸酒精溶液,已知2 cm3溶液有100滴,则1滴油酸酒精溶液滴到水面上,随着酒精溶于水,油酸在水面上形成的最大面积约为m2.(取N A=6×1023 mol-1,结果保留一位有效数字)答案1×10-90.1解析油酸的摩尔体积V mol=,一个油酸分子的体积V=,已知V=π3,油酸的分子直径D=,代入数值解得D≈1×10-9 m,1滴油酸酒精溶液中含有的油酸体积V1=cm3=1×10-10 m3,最大面积S=,解得S=0.1 m2.2.(2019北京东城二模)已知铜的摩尔质量为M,铜的密度为ρ,阿伏加德罗常数为N A,下列说法正确的是()A.1个铜原子的质量为B.1个铜原子的质量为C.1个铜原子所占的体积为D.1个铜原子所占的体积为答案B解析一个铜原子的质量为,故A错,B正确;一个铜原子所占的体积为,故CD错.故选B.3.物体是由大量分子组成的,分子非常微小,在“用油膜法估测分子大小”的实验中,利用许多不溶性的长链脂肪酸在适当溶剂的帮助下能在水面上铺开,会形成厚度为一个分子的表面膜的特性,将微观量的测量转化为宏观量的测量.(1)实验中,如果油酸酒精溶液体积浓度为b,N滴油酸酒精溶液的总体积为V,如果1滴油酸酒精溶液在水面上形成的油膜面积为S,则估算油酸分子直径大小的表达式为d=.(2)实验中,把玻璃板盖在浅盘上描出油酸膜的轮廓,如图所示,图中正方形小方格的边长为1 cm,则油酸膜的面积是cm2.答案60解析一滴油酸酒精溶液中油酸的体积为,所以分子直径d=.根据大于半格的算1格,小于半格的舍去,总共60格,即60 cm2.考点二气体热力学定律命题角度1热力学定律高考真题体验·对方向1.〔2019全国Ⅰ·33(1)〕某容器中的空气被光滑活塞封住,容器和活塞绝热性能良好.空气可视为理想气体.初始时容器中空气的温度与外界相同,压强大于外界压强.现使活塞缓慢移动,直至容器中的空气压强与外界压强相同.此时,容器中空气的温度(填“高于”“低于”或“等于”)外界温度,容器中空气的密度(填“大于”“小于”或“等于”)外界空气的密度.答案低于大于解析根据热力学第一定律可知,容器中的空气无热传递、做负功,内能必减少,容器中空气的温度降低,低于外界温度.压强取决于分子密集程度与温度,同样的压强,温度低的空气,分子密集程度大,密度大.2.〔2018全国Ⅰ·33(1)〕如图,一定质量的理想气体从状态a开始,经历过程①、②、③、④到达状态e,对此气体,下列说法正确的是(填正确答案标号).A.过程①中气体的压强逐渐减小B.过程②中气体对外界做正功C.过程④中气体从外界吸收了热量D.状态c、d的内能相等E.状态d的压强比状态b的压强小答案BDE解析过程①是等容变化,温度升高,压强增大,故A项错误;过程②中,体积增大,气体对外做功,故B项正确;过程④是等容变化,温度降低,放出热量,故C项错误;过程③是等温变化,温度不变,故状态c、d的内能相等,故D项正确;E项,由理想气体方程可知为定值,状态d相对于状态b,V和T均增大,故p应减小,故E项正确.3.〔2018全国Ⅲ·33(1)〕如图,一定量的理想气体从状态a变化到状态b,其过程如p-V图中从a到b的直线所示.在此过程中(填正确答案标号).A.气体温度一直降低B.气体内能一直增加C.气体一直对外做功D.气体一直从外界吸热E.气体吸收的热量一直全部用于对外做功答案BCD解析根据理想气体方程=C,气体的压强和体积都增加,所以气体温度升高,内能增加,A错、B对;气体的体积增大,气体对外做功,C对;根据热力学第一定律ΔU=W+Q,其中ΔU>0,W<0,所以Q>0,从外界吸收热量,D对;气体吸收的热量,一部分对外做功,另一部分增加了气体的内能,E错. 4.〔2017全国Ⅱ·33(1)〕如图,用隔板将一绝热汽缸分成两部分,隔板左侧充有理想气体,隔板右侧与绝热活塞之间是真空.现将隔板抽开,气体会自发扩散至整个汽缸.待气体达到稳定后,缓慢推压活塞,将气体压回到原来的体积.假设整个系统不漏气.下列说法正确的是(填正确答案标号).A.气体自发扩散前后内能相同B.气体在被压缩的过程中内能增大C.在自发扩散过程中,气体对外界做功D.气体在被压缩的过程中,外界对气体做功E.气体在被压缩的过程中,气体分子的平均动能不变答案ABD解析由于隔板右侧是真空,隔板抽开后,气体自发扩散至整个汽缸,并不做功也没有热量交换,所以自发扩散前后内能相同,故选项A正确,选项C错误;气体被压缩过程中,外界对气体做功,没有热量交换,根据ΔU=W+Q,气体的内能增大,故选项B、D正确;气体被压缩过程中,温度升高,分子平均动能增大,故选项E错误.5.〔2017全国Ⅲ·33(1)〕如图,一定质量的理想气体从状态a出发,经过等容过程ab到达状态b,再经过等温过程bc到达状态c,最后经等压过程ca回到状态a.下列说法正确的是(填正确答案标号).A.在过程ab中气体的内能增加B.在过程ca中外界对气体做功C.在过程ab中气体对外界做功D.在过程bc中气体从外界吸收热量E.在过程ca中气体从外界吸收热量答案ABD解析在过程ab中,气体体积不变,压强变大,根据=C知,气体温度升高,则内能增加,A正确;在过程ca中,气体体积减小,外界对气体做功,B正确;在过程ab中,气体体积不变,气体不对外做功,外界也不对气体做功,C错;在过程bc中,气体进行的是等温变化,ΔU=0,气体体积变大,对外做功,W<0,根据热力学第一定律ΔU=W+Q,故Q>0气体从外界吸收热量,D正确;根据=C知,在过程ca中,气体温度降低,则ΔU<0,而外界对气体做功,W>0,故一定有Q<0,气体放热,E错.1.应用热力学第一定律应注意的问题(1)热力学第一定律不仅反映了做功和热传递这两种方式改变内能的过程是等效的,而且给出了内能的变化量和做功与热传递之间的定量关系.(2)对公式ΔU=Q+W(3)三种特殊情况①若过程是绝热的,则Q=0,W=ΔU,外界对物体做的功等于物体内能的增加量.②若过程中不做功,即W=0,则Q=ΔU,物体吸收的热量等于物体内能的增加量.③若过程的始末状态物体的内能不变,即ΔU=0,则W+Q=0或W=-Q.外界对物体做的功等于物体放出的热量.特别提醒:对理想气体,ΔU仅由温度决定,W仅由体积决定,绝热情况下,Q=0.2.热力学第二定律的理解应用高温物体低温物体功热量气体体积V1气体体积V2(较大)不同气体A和B混合气体A、B典题演练提能·刷高分1.(2019山西二模)如图所示,一定质量的理想气体从状态a开始,经历ab、be、cd、de四个过程到达状态e,其中ba的延长线经过原点,bc连线与横轴平行,de连线与纵轴平行.下列说法正确的是.(填正确答案的标号)A.ab过程中气体从外界吸热B.bc过程中气体内能不变C.cd过程中气体从外界吸热D.de过程中外界对气体做功E.状态a的气体体积比状态d的气体体积小答案ACE解析由理想气体状态方程:=C,图线斜率代表体积的倒数,ab过程中图线斜率不变,故气体的体积不变,不做功,又温度升高,内能增大,由W+Q=ΔU,故A正确;bc过程为等压过程,热力学温度升高,气体体积增大,内能增大,故B错误;cd过程减小,则气体体积增大,气体对外做功,气体温度升高内能增大,由热力学第一定律W+Q=ΔU可知,Q为正值,即气体要从外界吸热,故C正确;de段为等温过程,压强降低,气体体积增大,对外做功,D错误;由于图线斜率代表体积的倒数,由图可知,Oa的斜率大于Od的斜率,则状态a的体积小于状态d的体积,故E正确.2.(多选)(2019江西南昌模拟)下列叙述和热力学定律相关,其中正确的是()A.第一类永动机不可能制成,是因为违背了能量守恒定律B.电冰箱的制冷系统能够不断地把冰箱内的热量传到外界,违背了热力学第二定律C.能量耗散是从能量转化的角度反映出自然界中的宏观过程具有方向性D.物体从单一热源吸收的热量可全部用于做功,且不产生其他影响答案AC解析第一类永动机不消耗能量却源源不断对外做功,违背了能量守恒定律,所以不可能制成,A 正确;电冰箱的制冷系统能够不断地把冰箱内的热量传到外界,是压缩机做功的结果,不违背热力学第二定律,B错误;能量耗散说明宏观热现象的发生具有方向性,C正确;物体从单一热源吸收热量可以全部用于做功,但一定引起其他影响,D错误.3.如图所示,一定质量的理想气体从状态A变化到状态B,再由状态B变化到状态C,最后由状态C 变化到状态A.气体完成这个循环,内能的变化ΔU=,对外做功W=,气体从外界吸收的热量Q=.(用图中已知量表示)答案0p0V0p0V0解析气体完成一个循环过程,温度的变化量为零,则内能的变化ΔU=0;对外做功等于图中三角形ABC的面积,即W=p0V0;根据热力学第一定律可知,气体吸热Q=W=p0V0.4.(1)关于下列实验及现象的说法,正确的是(填正确答案标号).A.图甲说明薄板是非晶体B.图乙说明气体速率分布随温度变化且T1>T2C.图丙说明气体压强的大小既与分子动能有关也与分子的密集程度有关D.图丁说明水黾受到了浮力作用(2)氙气灯在亮度、耗能及寿命上都比传统灯有优越性,已知某轿车的氙气灯泡的容积为V,其内部氙气的密度为ρ,氙气摩尔质量为M,阿伏加德罗常数为N A.则灯泡中氙气分子的总个数为,灯泡点亮后其内部压强将(选填“增大”“减小”或“不变”).(3)如图为一定质量的理想气体的体积V随热力学温度T的变化关系图象.由状态A变化到状态B的过程中气体吸收热量Q1=220 J,气体在状态A的压强为p0=1.0×105 Pa.求:①气体在状态B时的温度T2;②气体由状态B变化到状态C的过程中,气体向外放出的热量Q2.答案(1)C(2)N A增大(3)①600 K②120 J解析(1)图甲说明薄板的导热性能是各向同性,则薄板是非晶体或多晶体.故A项错误;图乙说明气体速率分布随温度变化,T1时速率低的占的比例比T2时多,速率大的占的比例比T2时少,则T1<T2,故B项错误;图丙说明气体压强的大小既与分子动能有关也与分子的密集程度有关,故C 项正确;图丁说明水的表面存在表面张力,故D项错误.(2)氙气灯泡的容积为V,其内部氙气的密度为ρ,氙气摩尔质量为M,阿伏加德罗常数为N A.则灯泡中氙气分子的总个数N=N A;灯泡点亮后其内部气体温度升高,体积不变,压强增大.(3)①状态A变化到状态B的过程是等压过程,根据,解得T2=600 K.②A到B过程气体从外界吸热,对外界做功,内能增加,据热力学第一定律ΔU AB=Q1+W AB又W AB=-p0(V2-V1)=-100 JC状态与A状态内能相等,则ΔU AB=-ΔU BCB到C过程是等容过程W BC=0,据热力学第一定律:ΔU BC=Q BC+W BC解得Q BC=-120 J,即气体由状态B变化到状态C的过程中,气体向外放出热量120 J.5.如图是一定质量的理想气体的p-T图象,气体从a→b→c→a完成一次循环,关于气体的变化过程,下列说法正确的是(填正确答案标号).A.气体在a态的体积V a小于在c态的体积V cB.a→b过程气体的分子数密度变大C.b→c过程外界对气体做的功等于气体放出的热量D.c→a过程气体压强增大,从微观讲是由于气体分子与器壁碰撞的频繁程度增大引起的E.若a→b过程气体吸热300 J,c→a过程放热400 J,则c→a过程外界对气体做功100 J答案ADE解析c→a过程气体压强增大,温度降低,根据=C可知体积减小,故气体在a态的体积V a小于在c态的体积V c,故A正确;a→b过程是等容变化,气体的分子数密度不变,故B错误;b→c过程是等温变化,气体内能不变,ΔU=0,气体体积增大,气体对外界做功,W<0,由热力学第一定律得:Q=ΔU-W=-W>0,气体吸收热量,由以上分析可知,b→c过程气体对外界做的功等于气体吸收的热量,故C错误;c→a过程温度降低,气体分子的平均动能减小,气体压强增大,体积减小,气体的分子数密度增大,所以从微观讲压强增大是由于气体分子与器壁碰撞的频繁程度增大引起的,故D正确;由热力学第一定律可知,若a→b过程气体吸热300 J,c→a过程放热400 J,则c→a过程外界对气体做功100 J,故E正确.故选ADE.命题角度2气体实验定律和状态方程高考真题体验·对方向。
2020版物理新增分大一轮新高考(京津鲁琼)讲义:第十三章热学实验十二含解析
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实验十二用油膜法估测分子的大小1.实验原理实验采用使油酸在水面上形成一层单分子油膜的方法估测分子的大小.当把一滴用酒精稀释过的油酸滴在水面上时,油酸就在水面上散开,其中的酒精溶于水,并很快挥发,在水面上形成如图1甲所示形状的一层纯油酸薄膜.如果算出一定体积的油酸在水面上形成的单分子油膜的面积,即可算出油酸分子的大小.用V表示一滴油酸酒精溶液中所含纯油酸的体积,用S表示单分子油膜的面积,用d表示分子的直径,如图乙所示,则d=VS.图12.实验器材盛水浅盘、注射器(或滴管)、容量瓶、坐标纸、玻璃板、痱子粉(或细石膏粉)、油酸酒精溶液、量筒、彩笔.3.实验步骤(1)用稀酒精溶液及清水清洗浅盘,充分洗去油污、粉尘,以免给实验带来误差.(2)配制油酸酒精溶液,取纯油酸 1 mL,注入500 mL的容量瓶中,然后向容量瓶内注入酒精,直到液面达到500 mL刻度线为止,摇动容量瓶,使油酸充分溶解在酒精中,这样就得到了500 mL含1 mL 纯油酸的油酸酒精溶液.(3)用注射器(或滴管)将油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中,并记下量筒内增加一定体积V n时的滴数n.(4)根据V0=V nn算出每滴油酸酒精溶液的体积V0.(5)向浅盘里倒入约 2 cm深的水,并将痱子粉或细石膏粉均匀地撒在水面上.(6)用注射器(或滴管)将一滴油酸酒精溶液滴在水面上.(7)待油酸薄膜的形状稳定后,将玻璃板放在浅盘上,并将油酸膜的形状用彩笔画在玻璃板上.(8)将画有油酸薄膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上,算出油酸薄膜的面积S(求面积时以坐标纸上边长为 1 cm的正方形为单位计算轮廓内正方形的个数,不足半个的舍去,多于半个的算一个).(9)根据油酸酒精溶液的配制比例,算出一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积V,并代入公式d=VS算出油酸薄膜的厚度 d.(10)重复以上实验步骤,多测几次油酸薄膜的厚度,并求平均值,即为油酸分子直径的大小.1.数据处理根据上面记录的数据,完成以下表格内容.实验次数量筒内增加 1 mL溶液时的滴数轮廓内的小格子数轮廓面积S1 2 3 4实验次数一滴纯油酸的体积V分子的大小(m)平均值12342.注意事项(1)注射器针头高出水面的高度应在 1 cm之内,当针头靠水面很近(油酸未滴下之前)时,会发现针头下方的粉层已被排开,这是针头中酒精挥发所致,不影响实验效果.(2)待测油酸薄膜扩散后又会收缩,要在油酸薄膜的形状稳定后再画轮廓.扩散后又收缩有两个原因:①水面受油酸液滴冲击凹陷后又恢复;②酒精挥发后液面收缩.(3)当重做实验时,将水从浅盘的一侧边缘倒出,在这侧边缘会残留油酸,可用少量酒精清洗,并用脱脂棉擦去再用清水冲洗,这样做可保持浅盘的清洁.(4)本实验只要求估测分子的大小,实验结果的数量级符合要求即可.命题点一教材原型实验例1在“用油膜法估测分子的大小”实验中,(1)(多选)该实验中的理想化假设是________.A.将油膜看成单分子层油膜B.不考虑各油酸分子间的间隙C.不考虑各油酸分子间的相互作用力D.将油酸分子看成球形(2)实验中使用到油酸酒精溶液,其中酒精溶液的作用是________.A.可使油酸和痱子粉之间形成清晰的边界轮廓B.对油酸溶液起到稀释作用C.有助于测量一滴油酸的体积D.有助于油酸的颜色更透明便于识别(3)某老师为本实验配制油酸酒精溶液,实验室配备的器材有:面积为0.22 m2的蒸发皿、滴管、量筒(50滴溶液滴入量筒体积约为1毫升)、纯油酸和无水酒精若干.已知分子直径数量级为10-10 m,则该老师配制的油酸酒精溶液浓度(油酸与油酸酒精溶液的体积比)至多为________‰(保留两位有效数字). 答案(1)ABD(2)B(3)1.1解析(1)计算分子直径是根据体积与面积之比,所以需将油膜看成单分子层油膜,不考虑各油酸分子间的间隙,将油酸分子看成球形,故选A、B、D.(2)实验中使用到油酸酒精溶液,其中酒精溶液对油酸起到稀释作用,酒精稀释油酸是为了进一步减小油酸的面密度,使油酸分子尽可能少的在竖直方向上重叠,更能保证其形成单层分子油膜,也就是为了减小系统误差.(3)根据题意可知,形成的油膜的面积不能超过蒸发皿的面积,当油膜面积等于蒸发皿的面积时,油酸酒精溶液浓度最大.一滴油酸的体积V0=dS=10-10 m×0.22 m2=2.2×10-11 m3,一滴油酸酒精溶液的体积V=150cm3=2×10-8 m3,则此油酸酒精溶液的浓度为V0V=1.1 ‰.变式1(多选)(2019·湖北省武汉市调研)在“用油膜法估测分子的大小”的实验中,下列做法正确的是()A.用注射器吸取配制好的油酸酒精溶液,把它一滴一滴地滴入小量筒中,若100滴溶液的体积是 1 mL,则1滴溶液中含有油酸10-2 mLB.往浅盘里倒入适量的水,再将痱子粉或细石膏粉均匀地撒在水面上C.用注射器往水面上滴1滴油酸酒精溶液,同时将玻璃板放在浅盘上,并立即在玻璃板上描下油酸膜的形状D.根据1滴油酸酒精溶液中油酸的体积V和油膜面积S就可以算出油膜厚度d=VS,即油酸分子的大小答案BD解析用注射器吸取配制好的油酸酒精溶液,把它一滴一滴地滴入小量筒中,若100滴溶液的体积是1 mL,则1滴油酸酒精溶液的体积是10-2 mL,含有油酸的体积小于10-2 mL,选项A错误;往浅盘里倒入适量的水,再将痱子粉或细石膏粉均匀地撒在水面上,选项B正确;用注射器往水面上滴1滴油酸酒精溶液,同时将玻璃板放在浅盘上,待油酸在液面上分布均匀并稳定后,在玻璃板上描下油酸膜的形状,选项C错误;根据1滴油酸酒精溶液中油酸的体积V和油膜面积S就可以算出油膜厚度d=VS,即油酸分子的大小,选项D正确.变式2(2018·河南省郑州市第三次质量预测)在“用油膜法估测分子的大小”的实验中,将一滴油酸酒精溶液滴入事先洒有均匀痱子粉的水槽中,待油膜充分散开后,在玻璃板上描出油膜的轮廓,随后把玻璃板放在坐标纸上,其形状如图2所示.坐标纸上正方形小方格的边长为10 mm,该油膜的面积是________ m2;已知油酸酒精溶液中油酸浓度为0.2%,400滴油酸酒精溶液滴入量筒后的体积是 1.2 mL,则油酸分子的直径为________ m.(结果均保留两位有效数字)图2答案8.0×10-37.5×10-10解析在围成的方格中,不足半格舍去,多于半个的算一个,共有80个方格,故油酸膜的面积为S =80×1 cm×1 cm=80 cm2=8.0×10-3 m2每滴油酸酒精溶液中含有油酸的体积V=1.2400×0.2% mL=6×10-12 m3根据d=VS=7.5×10-10 m.命题点二实验拓展创新例2测量分子大小的方法有很多,如油膜法、显微法.(1)在“用油膜法估测分子的大小”的实验中,用移液管量取0.25 mL油酸,倒入标注250 mL的容量瓶中,再加入酒精后得到250 mL的溶液.然后用滴管吸取这种溶液,向小量筒中滴入50滴溶液,溶液的液面达到量筒中 1 mL的刻度,再用滴管取配好的油酸酒精溶液,向撒有痱子粉的盛水浅盘中滴下1滴溶液,在液面上形成油酸薄膜,待油膜稳定后,放在带有正方形坐标格的玻璃板下观察油膜,如图3甲所示.坐标格中每个小正方形方格的大小为 2 cm×2 cm.由图可以估算出油膜的面积是______ cm2,由此估算出油酸分子的直径是______ m(结果保留一位有效数字).图3(2)如图乙是用扫描隧道显微镜拍下的一个“量子围栏”的照片.这个量子围栏是由48个铁原子在铜的表面排列成直径为 1.43×10-8 m的圆周而组成的.由此可以估算出铁原子的直径约为________ m(结果保留两位有效数字).答案(1)2568×10-10(2)9.4×10-10解析(1)数油膜的正方形格数,大于半格的算一格,小于半格的舍去,得到油膜的面积S=64×2cm×2 cm=256 cm2.溶液浓度为11 000,每滴溶液体积为150mL,1滴溶液中所含油酸体积为V=2×10-5cm3.油膜厚度即油酸分子的直径是d=VS≈8×10-10 m.(2)直径为 1.43×10-8 m的圆周周长为D=πd≈4.49×10-8 m,可以估算出铁原子的直径约为d′=4.49×10-848m≈9.4×10-10 m.。
新高考物理热学知识点归纳
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新高考物理热学知识点归纳新高考物理热学部分是高中物理教学中的一个重要分支,它涵盖了热力学和分子动理论的基本概念、原理和应用。
以下是对新高考物理热学知识点的归纳总结:热学的基本概念- 温度:表示物体冷热程度的物理量。
- 热量:物体之间由于温度差异而传递的能量。
- 热容:物质单位质量升高或降低1摄氏度所需的热量。
热力学第一定律- 热力学第一定律是能量守恒定律在热力学过程中的体现,表明能量既不能被创造也不能被消灭,只能从一种形式转换为另一种形式。
热力学第二定律- 热力学第二定律揭示了热能转换的方向性,即热量总是自发地从高温物体传递到低温物体,而不是相反。
热机和制冷机- 热机:将热能转换为机械能的装置。
- 制冷机:将热量从低温物体转移到高温物体的装置。
分子动理论- 分子动理论是研究物质微观结构和宏观性质之间关系的科学。
- 分子动理论的主要内容包括:分子的热运动、分子间的作用力以及分子的碰撞和扩散。
理想气体状态方程- 理想气体状态方程是描述理想气体状态的数学表达式,形式为\[ PV = nRT \],其中P是压强,V是体积,n是摩尔数,R是气体常数,T是温度。
相变和相变热- 相变:物质从一种状态(固态、液态或气态)转变为另一种状态的过程。
- 相变热:在相变过程中吸收或释放的热量。
热传递的三种方式- 导热:固体内部分子振动和碰撞引起的热量传递。
- 对流:流体中温度不同的各部分之间通过相对位移引起的热量传递。
- 辐射:物体因温度而发射的电磁波,可以在真空中传播。
热力学循环- 热力学循环是指一个系统经历一系列状态变化后又回到初始状态的过程,包括卡诺循环、斯特林循环等。
热力学第三定律- 热力学第三定律指出,当系统的温度趋近于绝对零度时,系统的熵趋近于一个常数。
结束语:通过上述对新高考物理热学知识点的归纳,可以看出热学不仅包含了丰富的理论知识,也与我们的日常生活和工业应用紧密相关。
掌握这些知识点,有助于学生更好地理解自然界的热现象,以及如何利用热力学原理解决实际问题。
2020年新高考I卷物理热学题及解答
![2020年新高考I卷物理热学题及解答](https://img.taocdn.com/s3/m/0d45c84677c66137ee06eff9aef8941ea76e4bae.png)
2020年新高考I卷物理热学题及解答2020年新高考I卷物理试题中,热学部分占据了重要的一部分。
本文将为大家详细解析其中的热学题目及解答,帮助大家更好地理解和掌握热学知识。
【题目一】某理想气体的3mol在温度为300K下体积为40L,气体进行绝热膨胀过程后,体积变为100L。
求该气体的最终温度。
【解答一】根据理想气体的绝热膨胀定律,我们可以得到以下关系:P1V1^γ = P2V2^γ其中,P1和P2分别为初始状态和终态下的气体压强,V1和V2分别为初始状态和终态下的气体体积,γ为气体的绝热指数。
由题目中所给出的条件,我们可以得到:P1V1^γ = P2V2^γP1 * 40^γ = P2 * 100^γ同时,我们还知道理想气体的状态方程为:PV = nRT其中,P为气体压强,V为气体体积,n为气体的物质的量,R为气体常数,T为气体的绝对温度。
结合以上两个公式,我们可以得到:P1 * 40^γ = P2 * 100^γP1 * (nRT1 / P1)^γ = P2 * (nRT2 / P2)^γ化简后得到:(40 / P1)^(γ - 1) = (100 / P2)^(γ - 1)将P1V1 / T1 = P2V2 / T2 代入,得到:(40 / P1)^(γ - 1) = (100 / (P1 * 40 / 100))^(γ - 1)化简后得到:(40 / P1)^(γ - 1) = 2^(γ - 1)两边取对数,得到:(γ - 1) * ln(40 / P1) = (γ - 1) * ln2化简后得到:ln(40 / P1) = ln2进一步得到:40 / P1 = 2P1 = 20由此可知,初始状态下的气体压强P1为20Pa。
根据理想气体状态方程 PV = nRT,我们可以得到:P1V1 / T1 = P2V2 / T2将已知条件代入,得到:20 * 40 / 300 = P2 * 100 / T2化简后得到:T2 = 200K因此,该气体的最终温度为200K。
2020年高考物理选修3-3 热学计算题 液柱模型(解析版)
![2020年高考物理选修3-3 热学计算题 液柱模型(解析版)](https://img.taocdn.com/s3/m/fc0a0497c1c708a1284a44a9.png)
液柱模型【考纲解读与考频分析】液柱模型是高考命题常见模型。
【高频考点定位】:液柱模型考点一:液柱模型【3年真题链接】1.(10分)(2018·高考全国卷III)(2)在两端封闭、粗细均匀的U形细玻璃管内有一股水银柱,水银柱的两端各封闭有一段空气。
当U形管两端竖直朝上时,左、右两边空气柱的长度分别为l1=18.0 cm和l2=12.0 cm,左边气体的压强为12.0 cmHg。
现将U形管缓慢平放在水平桌面上,没有气体从管的一边通过水银逸入另一边。
求U形管平放时两边空气柱的长度。
在整个过程中,气体温度不变。
【命题意图】本题考查玻意耳定律、液柱模型、关联气体及其相关的知识点。
【解题思路】设U形管两端竖直朝上时,左、右两边气体的压强分别为p1和p2。
U形管水平放置时,两边气体压强相等,设为p,此时原左、右两边气体长度分别变为l1′和l2′。
由力的平衡条件有1212p p g l l ρ=+-()①式中ρ为水银密度,g 为重力加速度大小。
由玻意耳定律有p 1l 1=pl 1′②p 2l 2=pl 2′③l 1′–l 1=l 2–l 2′④由①②③④式和题给条件得l 1′=22.5 cm ⑤l 2′=7.5 cm ⑥2.(2017海南高考)(2)(8分)一粗细均匀的U 形管ABCD 的A 端封闭,D 端与大气相通。
用水银将一定质量的理想气体封闭在U 形管的AB 一侧,并将两端向下竖直放置,如图所示。
此时AB 侧的气体柱长度l 1=25 cm 。
管中AB 、CD 两侧的水银面高度差h 1=5 cm 。
现将U 形管缓慢旋转180°,使A 、D 两端在上,在转动过程中没有水银漏出。
已知大气压强p 0=76 cmHg 。
求旋转后,AB 、CD 两侧的水银面高度差。
【命题意图】 本题考查气体实验定律及其相关的知识点。
【解题思路】对封闭在U 形管的AB 一侧的理想气体,初状态压强p 1= p 0+p h1=81 cmHg ,体积V 1= l 1S=25S若将U 形管垂直纸面缓慢旋转90°,封闭气体压强等于大气压强,气体体积为V 2= l 2S ,由玻意耳定律,p 1V 1= p 0V 2,解得:V 2=202576S=26.64S 。
第69讲 热力学定律与能量守恒定律(课件)-2024年高考物理一轮复习(新教材新高考)
![第69讲 热力学定律与能量守恒定律(课件)-2024年高考物理一轮复习(新教材新高考)](https://img.taocdn.com/s3/m/1186ae916e1aff00bed5b9f3f90f76c661374c8f.png)
提升·必备题型归纳 考向 与气体图像的综合问题
ADE
提升·必备题型归纳
04 与气体实验定律的综合应用
夯基·必备基础知识 知识点 与气体实验定律的综合问题的思路
提升·必备题型归纳 考向 与气体实验定律的综合问题
提升·必备题型归纳
真题感悟
真题感悟
提升·必备题型归纳
感谢观看 THANK YOU
知识点 热力学第一定律
1.对热力学第一定律的理解(1)做功和热传递在改变系统内能上是等效的。(2)做功过程 是系统与外界之间的其他形式能量与内能的相互转化。(3)热传递过程是系统与外界之 间内能的转移。2.热力学第一定律的三种特殊情况(1)若过程是绝热的,则Q=0,W= ΔU,外界对物体做的功等于物体内能的增加。(2)若过程中不做功,则W=0,Q=ΔU, 物体吸收的热量等于物体内能的增加。 (3)若过程的始、末状态物体的内能不变,则W +Q=0,即物体吸收的热量全部用来对外做功,或外界对物体做的功等于物体放出的 热量。
夯基·必备基础知识 知识点 热力学第一定律
3.公式ΔU=W+Q中符号法则的理解
物理量
W
Q
+
外界对物体做功
物体吸收热量
-
物体对外界做功
物体放出热量
ΔU 内能增加 内能减少
提升·必备题型归纳 考向 热力学第一定律的应用
1.如图所示,将一空的金属易拉罐开口向下压入恒温游泳池的水中,则金属罐在水中缓慢下
知识点1 热力学第二定律 知识点 处理与气体图像 的综合问题的思路
知识点2 热力学第一、第 二定律的比较
知识点 与气体实验定律 的综合问题的思路
提升·必考
考向 热力学第二定律的
考向 热力学第一定律的应用
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第十二章热学一、分子动理论热学是物理学的一个组成部分,它研究的是热现象的规律。
描述热现象的一个基本概念是温度。
凡是跟温度有关的现象都叫做热现象。
分子动理论是从物质微观结构的观点来研究热现象的理论。
它的基本内容是:物体是由大量分子组成的;分子永不停息地做无规则运动;分子间存在着相互作用力。
1.物体是由大量分子组成的这里的分子是指构成物质的单元,可以是原子、离子,也可以是分子。
在热运动中它们遵从相同的规律,所以统称为分子。
⑴这里建立了一个理想化模型:把分子看作是小球,所以求出的数据只在数量级上是有意义的。
一般认为分子直径大小的数量级为10-10m。
⑵固体、液体被理想化地认为各分子是一个挨一个紧密排列的,每个分子的体积就是每个分子平均占有的空间。
分子体积=物体体积÷分子个数。
⑶气体分子仍视为小球,但分子间距离较大,不能看作一个挨一个紧密排列,所以气体分子的体积远小于每个分子平均占有的空间。
每个气体分子平均占有的空间看作以相邻分子间距离为边长的正立方体。
⑷阿伏加德罗常数NA=6.02×1023mol-1,是联系微观世界和宏观世界的桥梁。
它把物质的摩尔质量、摩尔体积这些宏观物理量和分子质量、分子体积这些微观物理量联系起来了。
例1. 根据水的密度为ρ=1.0×120kg/m3和水的摩尔质量M=1.8×10-2kg,,利用阿伏加德罗常数,估算水分子的质量和水分子的直径。
解:每个水分子的质量m =M /N A =1.8×10-2÷6.02×1023=3.0×10-26kg ;水的摩尔体积V=M/ρ,把水分子看作一个挨一个紧密排列的小球,则每个分子的体积为v =V/N A ,而根据球体积的计算公式,用d 表示水分子直径,v =4πr 3/3=πd 3/6,得d=4×10-10 m例 2. 利用阿伏加德罗常数,估算在标准状态下相邻气体分子间的平均距离D 。
解:在标准状态下, 1mol 任何气体的体积都是V =22.4L ,除以阿伏加德罗常数就得每个气体分子平均占有的空间,该空间的大小是相邻气体分子间平均距离D 的立方。
m 1031072.3,1072.31002.6104.229326262333----⨯=⨯=∴⨯=⨯⨯=D D ,这个数值大约是分子直径的10倍。
因此水气化后的体积大约是液体体积的1000倍。
2.分子的热运动物体里的分子永不停息地做无规则运动,这种运动跟温度有关,所以通常把分子的这种运动叫做热运动。
⑴扩散现象和布朗运动都可以很好地证明分子的热运动。
⑵布朗运动是指悬浮在液体中的固体微粒的无规则运动。
关于布朗运动,要注意以下几点:①形成条件是:只要微粒足够小。
②温度越高,布朗运动越激烈。
③观察到的是固体微粒(不是液体,不是固体分子)的无规则运动,反映的是液体分子运动的无规则性。
④实验中描绘出的是某固体微粒每隔30秒的位置的连线,不是该微粒的运动轨迹。
⑶为什么微粒越小,布朗运动越明显?可以这样分析:在任何一个选定的方向上,同一时刻撞击固体微粒的液体分子个数与微粒的横截面积成正比,即与微粒的线度r 的平方成正比,从而对微粒的撞击力的合力F 与微粒的线度r 的平方成正比;而固体微粒的质量m 与微粒的体积成正比,即与微粒的线度r 的立方成正比,因此其加速度a=F/m ∝r –1,即加速度与微粒线度r 成反比。
所以微粒越小,运动状态的改变越快,布朗运动越明显。
3.分子间的相互作用力⑴分子力有如下几个特点:①分子间同时存在引力和斥力;②引力和斥力都随着距离的增大而减小;③斥力比引力变化得快。
⑵引导同学们跟老师一起自己动手画F -r 图象。
先从横坐标r =r 0开始(r 0是处于平衡状态时相邻分子间的距离),分别画斥力(设为正)和引力(设为负);然后向右移,对应的斥力比引力减小得快;向左移,对应的斥力比引力增大得快,画出斥力、引力随r 而变的图线,最后再画出合力(即分子间作用力)随r 而变的图线。
⑶分子间作用力(指引力和斥力的合力)随分子间距离而变的规律是:①r <r 0时表现为斥力;②r=r 0时分子力为零;③r >r 0时表现为引力;④r >10r 0以后,分子力变得十分微弱,可以忽略不计。
记住这些规律对理解分子势能有很大的帮助。
⑷从本质上来说,分子力是电场力的表现。
因为分子是由原子组成的,原子内有带正电的原子核和带负电的电子,分子间复杂的作用力就是由这些带电粒子间的相互作用而引起的。
(也就是说分子力的本质是四种基本基本相互o F 斥 F 分 F 引作用中的电磁相互作用)。
例3. 下面关于分子力的说法中正确的有:A.铁丝很难被拉长,这一事实说明铁丝分子间存在引力B.水很难被压缩,这一事实说明水分子间存在斥力C.将打气管的出口端封住,向下压活塞,当空气被压缩到一定程度后很难再压缩,这一事实说明这时空气分子间表现为斥力D.磁铁可以吸引铁屑,这一事实说明分子间存在引力解:A 、B 正确。
无论怎样压缩,气体分子间距离一定大于r 0,所以气体分子间一定表现为引力。
空气压缩到一定程度很难再压缩不是因为分子斥力的作用,而是气体分子频繁撞击活塞产生压强的结果,应该用压强增大解释,所以C 不正确。
磁铁吸引铁屑是磁场力的作用,不是分子力的作用,所以D 也不正确。
4.物体的内能 ⑴做热运动的分子具有的动能叫分子动能。
温度是物体分子热运动的平均动能的标志。
温度越高,分子做热运动的平均动能越大。
⑵由分子间相对位置决定的势能叫分子势能。
分子力做正功时分子势能减小;分子力作负功时分子势能增大。
(所有势能都有同样结论:重力做正功重力势能减小、电场力做正功电势能减小。
)由上面的分子力曲线可以得出:当r=r 0即分子处于平衡位置时分子势能最rE r 0 o小。
不论r从r0增大还是减小,分子势能都将增大。
如果以分子间距离为无穷远时分子势能为零,则分子势能随分子间距离而变的图象如右。
可见分子势能与物体的体积有关。
体积变化,分子势能也变化。
⑶物体中所有分子做热运动的动能和分子势能的总和叫做物体的内能。
物体的内能跟物体的温度和体积都有关系:温度升高时物体内能增加;体积变化时,物体内能变化。
例4. 下列说法中正确的是A.物体自由下落时速度增大,所以物体内能也增大B.物体的机械能为零时内能也为零C.物体的体积减小温度不变时,物体内能一定减小D.气体体积增大时气体分子势能一定增大解:物体的机械能和内能是两个完全不同的概念。
物体的动能由物体的宏观速率决定,而物体内分子的动能由分子热运动的速率决定。
分子动能不可能为零(温度不可能达到绝对零度),而物体的动能可能为零。
所以A、B不正确。
物体体积减小时,分子间距离减小,但分子势能不一定减小,例如将处于原长的弹簧压缩,分子势能将增大,所以C也不正确。
由于气体分子间距离一定大于r0,体积增大时分子间距离增大,分子力做负功,分子势能增大,所以D正确。
5.热力学第一定律做功和热传递都能改变物体的内能。
也就是说,做功和热传递对改变物体的内能是等效的。
但从能量转化和守恒的观点看又是有区别的:做功是其他能和内能之间的转化,功是内能转化的量度;而热传递是内能间的转移,热量是内能转移的量度。
外界对物体所做的功W加上物体从外界吸收的热量Q等于物体内能的增加ΔU,即ΔU=Q+W这在物理学中叫做热力学第一定律。
在这个表达式中,当外界对物体做功时W取正,物体克服外力做功时W取负;当物体从外界吸热时Q取正,物体向外界放热时Q取负;ΔU为正表示物体内能增加,ΔU为负表示物体内能减小。
例5. 下列说法中正确的是A.物体吸热后温度一定升高B.物体温度升高一定是因为吸收了热量C.0℃的冰化为0℃的水的过程中内能不变D.100℃的水变为100℃的水汽的过程中内能增大解:吸热后物体温度不一定升高,例如冰融化为水或水沸腾时都需要吸热,而温度不变,这时吸热后物体内能的增加表现为分子势能的增加,所以A不正确。
做功也可以使物体温度升高,例如用力多次来回弯曲铁丝,弯曲点铁丝的温度会明显升高,这是做功增加了物体的内能,使温度上升,所以B不正确。
冰化为水时要吸热,内能中的分子动能不变,但分子势能增加,因此内能增加,所以C不正确。
水沸腾时要吸热,内能中的分子动能不变但分子势能增加,所以内能增大,D正确。
6.能量守恒定律能量守恒定律指出:能量即不会凭空产生,也不会凭空消失,它只能从一种形式转化为别的形式,或者从一个物体转移到别的物体,在转化或转移的过程中其总量不变。
能量守恒定律是自然界普遍适用的规律之一,是研究自然科学的强有力的武器之一。
例 6. “奋进号”航天飞机进行过一次太空飞行,其主要任务是给国际空间站安装太阳能电池板。
该太阳能电池板长L=73m,宽d=12m,将太阳能转化为电能的转化率为η=20%,已知太阳的辐射总功率为P0=3.83×1026W,地日距离为R0=1.5×1191m,国际空间站离地面的高度为h=370km,它绕地球做匀速圆周运动约有一半时间在地球的阴影内,所以在它能发电的时间内将把所发电的一部分储存在蓄电池内。
由以上数据,估算这个太阳能电池板能对国际空间站提供的平均功率是多少?解:由于国际空间站离地面的高度仅为地球半径的约二十分之一,可认为是近地卫星,h远小于R0,因此它离太阳的距离可认为基本不变,就是地日距离R0。
太阳的辐射功率应视为均匀分布在以太阳为圆心,地日距离为半径的球面上,由此可以算出每平方米接收到的太阳能功率I0=P0/4πR02=1.35kW/m2(该数据被称为太阳常数),再由电池板的面积和转化率,可求出其发电时的电功率为P=I0Ldη=2.6×120W,由于每天只有一半时间可以发电,所以平均功率只是发电时电功率的一半即130kW。
二、气体的体积、压强、温度间的关系1.气体的状态参量⑴温度。
温度在宏观上表示物体的冷热程度;在微观上是分子平均动能的标志。
热力学温度是国际单位制中的基本量之一,符号T,单位K(开尔文);摄氏温度是导出单位,符号t,单位℃(摄氏度)。
关系是t=T-T0,其中T0=273.15K,摄氏度不再采用过去的定义。
两种温度间的关系可以表示为:T = t+273.15K和ΔT =Δt,要注意两种单位制下每一度的间隔是相同的。
0K是低温的极限,它表示所有分子都停止了热运动。
可以无限接近,但永远不能达到。
⑵体积。
气体总是充满它所在的容器,所以气体的体积总是等于盛装气体的容器的容积。
⑶压强。
气体的压强是由于气体分子频繁碰撞器壁而产生的。
(绝不能用气体分子间的斥力解释!)一般情况下不考虑气体本身的重量,所以同一容器内气体的压强处处相等。