四川省成都外国语学校2014届高三11月月考试题 物理(含解析) word版含答案
四川省成都外国语学校高三物理12月月考试题新人教版
四川省成都外国语学校2014届高三物理12月月考试题新人教版满分150分，考试时间150 分钟。
第Ⅰ卷(选择题共42分)一、选择题（本题7小题。
每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的、不选的得0分）1. 2011年10月16日，在东京体操世锦赛男子单杠决赛中，邹凯、张成龙分别以16.441分和16.366分包揽冠亚军，假设邹凯的质量为60 kg，他用一只手抓住单杠，伸展身体，以单杠为轴做圆周运动。
此过程中，邹凯在最低点时手臂受的拉力至少约为(忽略空气阻力，取g=10 m/s2)( )A.600 NB.2400 NC.3000 ND.36000N2. 如图所示，两极板与电源相连接，电子从负极板边缘垂直电场方向射入匀强电场，且恰好从正极板边缘飞出，现在使电子入射速度变为原来的两倍，而电子仍从原位置射入，且仍从正极板边缘飞出，则两极板的间距应变为原来的（）A．2倍B．4倍C．0.5倍D．0.25倍3. 如图所示，一名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为12 m的竖立在地面上的钢管向下滑。
已知这名消防队员的质量为60 kg，他从钢管顶端由静止开始先匀加速再减速下滑，滑到地面时速度恰好为零。
如果他加速时的加速度大小是减速时的2倍，下滑的总时间为3 s，g取10 m/s2，那么该消防队员( )A.下滑过程中的最大速度为4 m/sB.加速与减速过程的时间之比为1∶2C.加速与减速过程中所受摩擦力大小之比为2∶7D.加速与减速过程的位移之比为1∶4【答案】B【解析】4. 假设地球是一半径为R、质量分布均匀的球体。
一矿井深度为d。
已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零。
矿井底部和地面处的重力加速度大小之比为( )A.1-dRB.1+dRC.2R-d()RD.(RR d)25. 如图所示，长方体玻璃水槽中盛有盛有NaCl的水溶液，在水槽左、右侧壁内侧各装一导体片，使溶液中通入沿x轴正向的电流I，沿y轴正向加恒定的匀强磁场B。
四川省成都外国语学校2014届高三物理考前模拟试题新人教版
涂层四川省成都外国语学校2013届高三下学期高考考前模拟物理试卷选择题：本大题共7小题，每小题6分，满分42分。
在每小题给出的四个选项中，有一个或一个以上选项符合题目要求，全部选对得6分，选不全得3分，有选错或不答的得0分。
1．四川在2008年和2013年近五年的时间里，分别在汶川县和芦山县发生了两次大地震、给四川人民带了巨大灾难。
下列有关说法不正确的是（ ） A 、地震波是地球释放能量的一种方式B 、地震波中的纵波比横波传播快，利用它们传播的时间差可以提前预警C 、地震波与电磁波都具有多普勒效应D 、地震波可以比真空中的光速传播快 2．一束含两种频率的单色光，照射到底面有涂层的平行玻璃砖上表面后，经下表面反射从玻璃砖上表面射出后，光线分为a 、b 两束，如图所示。
下列说法正确的是（ ） A ．a 光频率小于b 光的频率B ．用同一装置进行双缝干涉实验，a 光的条纹间距大于b 光的条纹间距C ．a 、b 一定是平行光。
D ．从同种玻璃射入空气发生全反射时，a 光的临界角大 3．如图，一小球从一半圆轨道左端A 点正上方某处开始做平抛运动（小球可视为质点），飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B 点。
O 为半圆轨道圆心，半圆轨道半径为R ，OB 与水平方向夹角为60°，重力加速度为g ，则小球抛出时的初速度为（ ） （A ）3gR 2（B ）33gR2 （C ）3gR2（D ）3gR 34、2012年10月25日，我国将第十六颗北斗卫星“北斗-6G ”送入太空，并定点于地球静止轨道东经110.5°。
由此，具有完全自主知识产权的北斗系统将首先具备为亚太地区提供高精度、高可靠定位、导航、授时服务，并具短报文通信能力。
其定位精度优于20m ，授时精度优于100ns 。
关于这颗“北斗-6G ”卫星以下说法中正确的有 ( ) A ．这颗卫星轨道平面与东经110.5°的经线平面重合 B ．通过地面控制可以将这颗卫星定点于成都正上方C ．这颗卫星的线速度大小比离地350公里高的天宫一号空间站线速度要大D ．这颗卫星的周期一定等于地球自转周期，轨道平面一定与赤道平面重合 5、如图所示，波S 从平衡位置开始上、下（沿y 轴方向）振动，产生的简谐横波向右传播，经过0.1s 后，沿波的传播方向上距S 为2m 的P 点开始振动．若以P 点开始振动的时刻作为计时的起点，P 点的振动图象，如图所示．则下列说法中正确的是（ ）AOA ．波S 最初是向上振动的B ．该简谐波的波速为20m/sC n=0,1,2，…）D ．该波通过宽度约为1m 的缝隙时，不能产生明显的衍射现象6．如下左图所示，变压器原副线圈的匝数比为31，L1、L2、L3、L4为四只规格均为“9V ，6W ”的相同灯泡，各电表均为理想交流电表，输入端交变电压u 的图象如下右图所示．则以下说法中正确的是（ ）A ．电压表的示数为36VB ．电流表的示数为2AC ．四只灯泡均能正常发光D ．变压器副线圈两端交变电流的频率为25Hz7、如图所示，一粗糙的平行金属轨道平面与水平面成θ角，两轨道上端用一电阻R 相连，该装置处于匀强磁场中，磁场方向垂直轨道于平面向上．质量为m 的金属杆ab 以初速度v0从轨道底端向上滑行，滑行到某高度h 后又返回到底端．若运动过程中金属杆始终保持与导轨垂直且接触良好，轨道与金属杆的电阻均忽略不计．则下列说法正确的是（ ）A ．金属杆ab 上滑过程与下滑过程通过电阻R 的电量一样多B ．金属杆ab 上滑过程中克服重力、安培力与摩擦力所做功之和大于12mv20C ．金属杆ab 上滑过程与下滑过程因摩擦而产生的内能一定相等D ．金属杆ab 在整个过程中损失的机械能等于装置产生的焦尔热 Ⅱ卷二、实验：共二个小题，共17分 8．（1）（8分）有下面三个高中物理课本力学实验：A ．验证牛顿第二定律；B ．探究合外力做功与动能变化的关系；C ．验证机械能守恒定律。
四川省成都市实验外国语学校高三上学期月考物理试卷(11月份) Word版含解析.pdf
四川省成都市实验外国语学校2015届高三上学期月考物理试卷（11月份） 一、选择题 1．如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，且ab=cd=L，ad=bc=2L，电场线与矩形所在平面平行．已知a点电势为20V，b点电势为24V，d点电势为12V．一个质子从b点以v0的速度射入此电场，入射方向与bc成45°角，一段时间后经过c点．下列判断正确的是（不计质子的重力）( ) A．c点电势高于a点电势 B．场强的方向由b指向d C．质子从b运动到c所用的时间为 D．质子从b运动到c，电场力做功为4eV 考点：电势；电势差与电场强度的关系． 专题：电场力与电势的性质专题． 分析：在匀强电场中，沿着电场线方向每前进相同的距离，电势变化相等；根据电场线与等势面垂直垂直画出电场线，根据W=qU计算电场力做的功． 解答：解：A、在匀强电场中，沿着电场线方向每前进相同的距离，电势变化相等，故φaφd=φbφc， 解得：φc=16V， 而φa点电势为20V．则c点电势低于a点电势．故A错误； B、设ad连线中点为O，则其电势为16V，故co为等势面，电场线与等势面垂直，则电场线沿着bo方向，故B错误； C、由上可知，电场线沿着bo方向，质子从b运动到c做为在平抛运动，垂直于bo方向做匀速运动，位移大小为x=2L?=L，则运动时间为t==．故C正确． D、根据W=qU，质子从b点运动到c点，电场力做功为W=qUbc=1e×（24V16V）=8eV，故D错误； 故选：C． 点评：本题的关键在于找出等势面，然后才能确定电场线，要明确电场线与等势线的关系，能利用几何关系找出等势点，再根据等势线的特点确定等势面． 2．如图所示，不计质量的光滑小滑轮用细绳悬挂于墙上O点，跨过滑轮的细绳连接物块A、B，A、B都处于静止状态，现将物块B向右移至C点后，A、B仍保持静止，下列说法中正确的是( ) A．B与水平面间的摩擦力减小 B．绳子对B的拉力增大 C．悬于墙上的绳所受拉力不变 D．A、B静止时，图中α、β、θ三角始终相等 考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力． 专题：共点力作用下物体平衡专题． 分析：设滑轮位置为O′点，当把物体B移至C点后，绳子BO′与水平方向的夹角变小，对A和B分别受力分析，然后运用共点力平衡条件结合正交分解法进行分析． 解答：解：B、对物体A受力分析，受到重力和细线的拉力，根据平衡条件，拉力等于物体A的重力，当把物体B移至C点后，绳子BO′与水平方向的夹角变小，但细线的拉力不变，故B错误； A、对物体B受力分析，受重力、支持力、拉力和向后的静摩擦力，如图 根据共点力平衡条件，有 Tcosθ′=f 由于角θ′变小，故B与水平面间的静摩擦力变大，故A错误； C、对滑轮受力分析，受重力，O′B绳子的拉力T以及悬于墙上的绳子的拉力F，由于重力和OB绳子的拉力相等且夹角变大，故其合力变小，故墙上的绳子的拉力F也变小，故C错误； D、对滑轮受力分析，受重力，O′B绳子的拉力T以及悬于墙上的绳子的拉力F，由于重力和OB绳子的拉力相等，故合力在角平分线上，故α=β，又由于三力平衡，故O′B绳子的拉力T也沿着前面提到的角平分线，绳子拉力沿着绳子方向，故α=β=θ，故D正确； 故选：D． 点评：本题关键是分别对物体A、物体B、滑轮受力分析，然后根据共点力平衡条件结合正交分解法和合成法进行分析讨论． 3．“轨道康复者”是“垃圾”卫星的救星，被称为“太空110”，它可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命，假设“轨道康复者”的轨道半经为地球同步卫星轨道半径的五分之一，其运动方向与地球自转方向一致，轨道平面与地球赤道平面重合，下列说法正确的是( ) A．“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的5倍 B．“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的倍 C．站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向西运动 D．“轨道康复者”可在高轨道上加速，以实现对低轨道上卫星的拯救 考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系． 分析：根据万有引力提供向心力，结合轨道半径的关系得出加速度和周期的关系．根据“轨道康复者”的角速度与地球自转角速度的关系判断赤道上人看到“轨道康复者”向哪个方向运动． 解答：解：万有引力提供卫星做圆周运动的向心力； A、由牛顿第二定律得：G=ma，解得：a=，因为“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一，则“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的25倍，故A错误． B、由牛顿第二定律得：G=m，解得：v=，因为“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一，则“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的倍．故B正确． C、因为“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动的周期小于同步卫星的周期，则小于地球自转的周期，所以“轨道康复者”的角速度大于地球自转的角速度，站在赤道上的人用仪器观察到“轨道康复者”向东运动．故C错误． D、“轨道康复者”要在原轨道上减速，做近心运动，才能“拯救”更低轨道上的卫星．故D错误． 故选：B． 点评：解决本题的关键知道万有引力提供向心力这一重要理论，并能灵活运用，以及知道卫星变轨的原理，知道当万有引力大于向心力，做近心运动，当万有引力小于向心力，做离心运动． 4．如图所示，绝缘弹簧的下端固定在光滑斜面底端，弹簧与斜面平行，带电小球Q（可视为质点）固定在绝缘斜面上的M点，且在通过弹簧中心的直线ab上．现将与Q大小相同，带电性也相同的小球P，从直线ab上的N点由静止释放，若两小球可视为点电荷．在小球P与弹簧接触到速度变为零的过程中，下列说法中正确的是( ) A．小球P的速度一定先增大后减小 B．小球P的机械能一定在减少 C．小球P速度最大时所受弹簧弹力和库仑力的合力为零 D．小球P与弹簧系统的机械能可能增加 考点：功能关系；机械能守恒定律；库仑定律． 分析：本题中有库仑力做功，机械能不守恒；机械能守恒是普遍遵守的定律；小球的速度变化可从受力与能量两种观点加以分析． 解答：解：A、小球先沿斜面加速向下运动，后减速向下运动，当弹簧压缩量最大时，小球静止，故A正确； B、根据除了重力和弹力之外的力做功量度机械能的变化，小球P除了重力和弹力之外的力做功还有弹簧的弹力和库仑斥力做功， 开始弹簧的弹力和库仑斥力的合力方向可能向上，也就是可能做负功，所以小球P的机械能可能增大，故B错误； C、小球P的速度一定先增大后减小，当p的加速度为零时，速度最大，所以小球P速度最大时所受弹簧弹力、重力沿斜面向下的分力和库仑力的合力为零，故C错误； D、根据能量守恒定律知，小球P的动能、与地球间重力势能、与小球Q间电势能和弹簧弹性势能的总和不变， 因为在小球P与弹簧接触到速度变为零的过程中，Q对P的库仑斥力做正功，电势能减小，所以小球P与弹簧系统的机械能一定增加，故D错误． 故选：A． 点评：注意机械能守恒的条件是只有重力或弹力做功，从能量转化的角度讲，只发生机械能间的相互件转化，没有其他形式的能量参与． 5．如图所示，质量相同且分布均匀的两个圆柱体a、b靠在一起，表面光滑，重力均为G，其中b的下一半刚好固定在水平面MN的下方，上边露出另一半，a静止在平面上，现过a的轴心施以水平作用力F，缓慢的将a拉离平面一直滑到b的顶端，对圆柱体a的移动过程分析，应有( ) A．拉力F先增大后减小，最大值是G B．开始时拉力F最大为G，以后逐渐减小为0 C．a、b间压力由0逐渐增大，最大为G D．a、b间的压力开始最大为G，而后逐渐减小到G 考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用． 专题：共点力作用下物体平衡专题． 分析：a球缓慢上升，合力近似为零，分析a受力情况，由平衡条件得到F以及b球对a的支持力与θ的关系式，即可分析其变化． 解答：解：对于a球：a球受到重力G、拉力F和b球的支持力N，由平衡条件得： F=Ncosθ Nsinθ=G 则得： F=Gcotθ N=根据数学知识可知，θ从30°增大到90°，F和N均逐渐减小，当θ=30°，F有最大值为G，N有最大值为2G，故B正确，ACD错误． 故选：B． 点评：本题运用隔离法研究，分析a球受力情况，得到两个力的表达式是解题的关键． 6．如图所示，两平行金属板间有一匀强电场，板长为l，板间距离为d，在板右端l处有一竖直放置的光屏M．一带电荷量为q、质量为m的质点从两板中央射入板间，最后垂直打在M屏上，则下列结论正确的是( ) A．板间电场强度大小为 B．板间电场强度大小为 C．质点在板间运动的时间跟它从板的右端运动到光屏的时间相等 D．质点在板间运动的时间大于它从板的右端运动到光屏的时间 考点：带电粒子在匀强电场中的运动． 专题：带电粒子在电场中的运动专题． 分析：根据题意分析，质点最后垂直打在M屏上，必须考虑质点的重力．质点在平行金属板间轨迹应向上偏转，飞出电场后，质点的轨迹向下偏转，质点才能最后垂直打在M屏上．第一次偏转质点做类平抛运动，第二次斜向上抛运动平抛运动的逆过程，运用运动的分解法，根据对称性，分析前后过程加速度的关系，再研究电场强度的大小．水平方向质点始终做匀速直线运动，质点在板间运动的时间跟它从板的右端运动到光屏的时间相等． 解答：解：A、B据题分析可知，质点在平行金属板间轨迹应向上偏转，做类平抛运动，飞出电场后，质点的轨迹向下偏转，质点才能最后垂直打在M屏上，前后过程质点的运动轨迹有对称性，如图，可见两次偏转的加速度大小相等，根据牛顿第二定律得，qEmg=mg，得到E=．故A错误，B正确． C、D由于质点在水平方向一直做匀速直线运动，两段水平位移大小相等，则质点在板间运动的时间跟它从板的右端运动到光屏的时间相等．故C正确，D错误． 故选BC 点评：本题是类平抛运动与平抛运动的综合应用，基本方法相同：运动的合成与分解． 7．如图所示，一足够长的光滑斜面，倾角为θ，一弹簧上端固定在斜面的顶端，下端与物体b相连，物体b上表面粗糙，在其上面放一物体a，a、b间的动摩擦因数为μ（μ＞tanθ），将物体a、b从O点由静止开始释放，释放时弹簧恰好处于自由伸长状态，当b滑到A点时，a刚好从b上开始滑动；滑到B点时a刚好从b上滑下，b也恰好速度为零，设a、b间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．下列对物体a、b运动情况描述正确的是( ) A．从O到A的过程，两者一直加速，加速度大小从mgsinθ一直减小，在A点减为零 B．经过A点时，a、b均已进入到减速状态，此时加速度大小是g（μcosθsinθ） C．从A到B的过程中，a的加速度不变，b的加速度在增大，速度在减小 D．经过B点，a掉下后，b开始反向运动但不会滑到开始下滑的O点 考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力． 专题：牛顿运动定律综合专题． 分析：μ＞tanθ，则μmgcosθ＞mgsinθ，当b滑到A点时，a刚好从b上开始滑动说明ab加速度开始不同． 解答：解：A、释放时弹簧恰好处于自由伸长状态，斜面光滑，二者具有向下的加速度，弹簧伸长，弹簧拉力增大，则二者做加速度逐渐减小的加速运动， 以a为研究对象，取沿斜面向下为正方向，有：mgsinθf=ma 得：f=mgsinθma 可见只要a物体具有向下的加速度，则f＜mgsinθ＜μmgcosθ，即所受摩擦力小于最大静摩擦力，物体不会滑动， 当二者加速度为零，即（M+m）gsinθ=F，之后弹簧继续伸长，则ab开始具有沿斜面向上的加速度，即开始减速运动，以a为研究对象，取沿斜面向上为正方向，有： fmgsinθ=ma 当f有最大值时a有最大值，又fmax=μmgcosθ 则a=μgcosθgsinθ，之后b加速度继续增大而a加速度保持不变，二者发生相对滑动， 故经过A点时，a、b均已进入到减速状态，此时加速度大小是g（μcosθsinθ），A错误，BC正确； D、在a落下后，b将以新的平衡位置为中心做谐振动，由对称性可推断出b将冲过o点，即b的最高点将在o点之上选项D错误． 故选：BC． 点评：该题是牛顿第二定律的直接应用，本题ABC三个选项注意使用临界分析法即可得到正确结果，D选项关键点在于a脱离b后，b的受力满足机械能和简谐振动模型． 二、解答题（共5小题，满分68分） 8．为了“验证牛顿第二定律”，某同学设计了如下实验方案： A．实验装置如图甲所示，一端系在滑块上的轻质细绳通过转轴光滑的轻质滑轮，另一端挂一质量为m=0.5kg的钩码，用垫块将光滑的长木板有定滑轮的一端垫起．调整长木板的倾角，直至轻推滑块后，滑块沿光滑长木板向下做匀速直线运动． B．保持长木板的倾角不变，取下细绳和钩码，接好纸带，接通打点计时器的电源，然后让滑块沿长木板滑下，打点计时器打下的纸带如图乙所示． 请回答下列问题：（要求保留三位有效数字） ①图乙中纸带的哪端与滑块相连F．选填A或F ②图乙中相邻两个计数点之间还有4个打印点未画出，打点计时器接频率为50Hz的交流电源，根据图乙求出滑块的加速度a=1.65m/s2． ③不计纸带与打点计时器间的阻力，滑块的质量M=2.97kg．（g取9.8m/s2） 考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系． 专题：实验题；牛顿运动定律综合专题． 分析：（1）滑块拖动纸带下落的运动过程中，速度越来越快，所以相等时间内运动的位移越来越大，进而判断哪端与滑块相连． （2）根根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小． （3）根据牛顿第二定律F=Ma即可求解质量 解答：解：①因为打点计时器每隔0.02s打一个点，两个计数点之间还有4个打点未画出，所以两个计数点的时间间隔为T=0.1s，时间间隔是定值，滑块拖动纸带下落的运动过程中，速度越来越快，所以相等时间内运动的位移越来越大．所以图乙中纸带的F端与滑块相连； ②根据△x=aT2利用逐差法，a==1. 65m/s2． ③由A步骤可知，取下细绳和钩码后，滑块受到的合外力F=0.5×9.8=4.9N，根据牛顿第二定律得：M=kg； 故答案为：①F；②1.65；③2.97 点评：探究加速度与质量关系时，应控制拉力不变而改变小车质量，实验时要注意小车质量应远大于重物质量．纸带处理时能利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力 9．探究力对原来静止的物体做的功与物体获得的速度的关系，实验装置如图甲所示．实验过程中有平衡摩擦力的步骤，并且设法让橡皮筋对小车做的功以整数倍增大，即分别为W0、2W0、3W0、4W0… ①实验中首先通过调整木板倾斜程度平衡摩擦力，目的是C（填写字母代号）． A．为了释放小车后小车能做匀加速运动 B．为了增大橡皮筋对小车的弹力 C．为了使橡皮筋对小车做的功等于合外力对小车做的功 D．为了使小车获得较大的动能 ②图乙是在正确操作情况下打出的一条纸带，从中截取了测量物体最大速度所用的一部分，已知相邻两点打点时间间隔为0.02s，则小车获得的最大速度vm=1.22m/s（保留3位有效数字）． ③几名同学在实验中分别得到了若干组橡皮筋对小车做的功W与小车获得最大速度vm的数据，并利用数据绘出了图丙给出的四个图象，你认为其中正确的是D． 考点：探究功与速度变化的关系． 专题：实验题；动能定理的应用专题． 分析：该实验的目的以及实验数据处理的方法；该实验平衡摩擦力的原因；该实验是如何确定外力做功以及如何通过纸带获取小车运动的最终速度大小；如何通过图象来处理数据等． 解答：解：①实验中通过调整木板倾斜程度平衡摩擦力，目的是为了使橡皮筋对小车所做功即为合外力对小车所做的功，故ABD错误，C正确． 故选：C． ②由所打的点可知，DG之间小车做匀速直线运动，速度最大，小车获得的最大速度为： vm=m/s=1.22m/s 故答案为：1.22． ③橡皮筋对小车做的功W与小车的动能关系知：W=，即有：?W，根据数学知识可知D正确． 故选：D． 故答案为：①C； ②1.22； ③D 点评：本题考查了该实验的具体操作细节和数据的处理，对于这些基础知识一定要通过亲自动手实验加深理解． 10．如图所示，倾角为37°的足够长粗糙斜面下端与一足够长光滑水平面相接，斜面上有两小球A、B，距水平面高度分别为h1=5.4m和h2=0.6m．现由静止开始释放A球，经过一段时间t后，再由静止开始释放B球．A和B与斜面之间的动摩擦因素均为μ=0.5，重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力，设小球经过斜面和水平面交界处C机械能不损失，（sin37°=0.6，cos37°=0.8）． 求： （1）为了保证A、B两球不会在斜面上相碰，t最长不能超过多少？ （2）若A球从斜面上h1高度处由静止开始下滑的同时，B球受到恒定外力作用从C点以加速度a 由静止开始向右运动，则a为多大时，A球有可能追上B球？ 考点：牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系；机械能守恒定律． 专题：牛顿运动定律综合专题． 分析：（1）由牛顿第二定律求出物体在斜面上的加速度，利用运动学公式求出在斜面上的时间，为了保证A、B两球不会在斜面上相碰，则满足：t=t1t2； （2）若A球能追上B球，则二者位移应该相等，求出加速度 解答：解：（1）球在斜面上时，由牛顿第二定律得：gsin37°μmgcos37°=ma， 解得，A、B的加速度：， A球到C点的时间为：， B球到C点的时间为：， A、B两球不会在斜面上相碰，t最长为：t=tAtB=2s； （2）A球到C点的速度为：vA=aAtA=6m/s， 设t时刻A能追上B，则：， 又：， 解得：a≤1m/s2， 即B球加速度a 最大不能超过1m/s2； 答：（1）为了保证A、B两球不会在斜面上相碰，t最长不能超过2s． （2）B球加速度a 最大不能超过1m/s2时，A球有可能追上B球． 点评：本题考查追击问题，过程较复杂，分析清楚物体运动过程是正确解题的前提与关键，利用牛顿第二定律、运动学公式即可正确解题． 11．（17分）如图所示，在距水平地面高h1=1.2m的光滑水平台面上，一个质量m=1kg的小物块压缩弹簧后被锁扣K锁住，储存了一定量的弹性势能Ep．现打开锁扣K，物块与弹簧分离后将以一定的水平速度v1向右滑离平台，并恰好从B点沿切线方向进入光滑竖直的圆弧轨道BC．已知B点距水平地面的高h2=0.6m，圆弧轨道BC的圆心O与水平台面等高，C点的切线水平，并与水平地面上长为L=2.8m的粗糙直轨道CD平滑连接，小物块沿轨道BCD运动并与右边的竖直墙壁会发生碰撞，重力加速度g=10m/s2，空气阻力忽略不计．试求： （1）小物块由A到B的运动时间． （2）压缩的弹簧在被锁扣K锁住时所储存的弹性势能Ep． （3）若小物块与墙壁碰撞后速度反向、大小变为碰前的一半，且只会发生一次碰撞，那么小物块与轨道CD之间的动摩擦因数μ应该满足怎样的条件． 考点：功能关系；平抛运动． 分析：首先要清楚物块的运动过程，A到B的过程为平抛运动，已知高度运用平抛运动的规律求出时间． 知道运动过程中能量的转化，弹簧的弹性势能转化给物块的动能． 从A点到最后停在轨道CD上的某点p，物块的动能和重力势能转化给摩擦力做功产生的内能． 根据能量守恒列出能量等式解决问题．由于p点的位置不确定，要考虑物块可能的滑过的路程． 解答：解；（1）小物块由A运动到B的过程中做平抛运动，在竖直方向上根据自由落体运动规律可知， 小物块由A运动到B的时间为：t==s=s≈0.346s （2）根据图中几何关系可知：h2=h1（1cos∠BOC）， 解得：∠BOC=60° 根据平抛运动规律有：tan60°=， 解得：v1===2m/s 根据能的转化与守恒可知，原来压缩的弹簧储存的弹性势能为： Ep=mv12==2J （3）依据题意知，①μ的最大值对应的是物块撞墙前瞬间的速度趋于零，根据能量关系有： mgh1+Ep＞μmgL 代入数据解得：μ＜ ②对于μ的最小值求解，首先应判断物块第一次碰墙后反弹，能否沿圆轨道滑离B点，设物块碰前在D处的速度为v2， 由能量关系有：mgh1+Ep=μmgL+mv22 第一次碰墙后返回至C处的动能为：EkC=mv22μmgL 可知即使μ=0，有： mv22=14J mv22=3.5J＜mgh2=6J，小物块不可能返滑至B点． 故μ的最小值对应着物块撞后回到圆轨道最高某处，又下滑经C恰好至D点停止， 因此有：mv22≤2μmgL， 联立解得：μ≥ 综上可知满足题目条件的动摩擦因数μ值：≤μ＜ 答：（1）小物块由A到B的运动时间是0.346s． （2）压缩的弹簧在被锁扣K锁住时所储存的弹性势能Ep是2J． （3）μ的取值范围：≤μ＜． 点评：做物理问题应该先清楚研究对象的运动过程，根据运动性质利用物理规律解决问题． 关于能量守恒的应用，要清楚物体运动过程中能量的转化． 12．（19分）如图所示，一辆在水平地面上向右做直线运动的平板车，长度L=6m，质量M=10kg，其上表面水平光滑且距地面高为h=1.25m，A、B是其左右的两端点，在A端固定一个与车绝缘的、质量与大小忽略不计的带电体Q，其电量Q=5×106C．在地面上方的空间存在着沿小车运动方向的、区域足够大的匀强电场（忽略Q的影响），场强大小E=1×107N/C．在t=0时刻，小车速度为v0=7.2m/s，此时将一个质量m=1kg的小球轻放在平板车上距离B端处的P点（小球可视为质点，释放时对地的速度为零）．经过一段时间，小球脱离平板车并落到地面．已知平板车受到地面的阻力与它对地面的压力成正比，且比例系数μ=0.2，其它阻力不计，重力加速度g=10m/s2．试求： （1）从t=0时起，平板车能继续向右运动的最大距离． （2）小球从t=0时起到离开平板车时所经历的时间． （3）从t=0时起到小球离开平板车落地时止，带电体Q的电势能的变化量． 考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；自由落体运动；牛顿第二定律． 专题：电场力与电势的性质专题． 分析：（1）从t=0时起，平板车受到向左的电场力，向右做匀减速运动，由牛顿第二定律求得加速度的大小，由运动学速度位移关系公式求出向右运动的最大距离． （2）根据牛顿第二定律求出小车向右运动的加速度大小，根据运动学公式求出小车向右运动的位移和时间，判断小球是否会从小车的左端掉下，若未掉下，根据牛顿第二定律求出小车向左运动的加速度大小，小球从右端掉下，根据小球小车向左运动的位移求出向左运动的时间，两个时间之和即为小球从轻放到平板车开始至离开平板车所用的时间． （3）求出小车在小球做自由落体运动时间内的位移，结合小车向右运动的位移和向左运动的位移，求出小车的位移．再求出电场力做功，即可求得带电体Q的电势能的变化量． 解答：解：（1）以平板车为研究对象，根据受力分析和牛顿运动定律有：F=EQ=50N，方向向左． a1==7.2m/s2 x1==3.6m （2）因x1＜4m，故小球不会从车的左端掉下，小车向右运动的时间t1==1s 小车向左运动的加速度 a2==2.8m/s2 小球掉下小车时，小车向左运动的距离 x2=x1+=5.6m 小车向左运动的时间t2==2s 所以小球从轻放到平板车开始至离开平板车所用的时间 t=t1+t2=3s （3）小球刚离开平板车时，小车向左的速度的大小为：v2=a2t2=5.6m/s 小球离开平板车后，车的加速度大小a3==3m/s2 小球离开车子做自由落体的运动 h=gt32 t3=0.5s 车子在t3时间内向左运动的距离 x3=v2t3+a3t32=3.175m 车子在从t=0时起到小球离开平板车落地时止，向左运动的位移为s s=x3+x2x1=5.175m 故在从t=0时起到小球离开平板车落地时止，带电体Q的电势能的变化量为△E， △E=Fs=258.75J 答：（1）从t=0时起，平板车能继续向右运动的最大距离为3.6m． （2）小球从t=0时起到离开平板车时所经历的时间为3s． （3）从t=0时起到小球离开平板车落地时止，带电体Q的电势能的变化量为258.75J． 点评：本题是一个多过程问题，关键是理清小车在整个过程中的运动情况，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．。
四川省成都外国语学校2014届高三11月月考试题 政治 word版含答案
成都外国语学校高2014级高三11月月考文科综合试题试卷分政治、历史、地理三部分，满分300分，考试时间150 分钟。
注意事项：1．答题前，考试务必先认真核对条形码上的姓名，准考证号和座位号，无误后将本人姓名、准考证号和座位号填写在相应位置，2．答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号；3．答题时，必须使用黑色签字笔，将答案规范、整洁地书写在答题卡规定的位置上；4．所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效；5．考试结束后将答题卡交回，不得折叠、损毁答题卡。
政治部分命题人：龚林审题人：唐明第Ⅰ卷 (单项选择题共48分)一、本卷共48小题，每小题4分。
在每小题列出的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的。
1.“世界首台”比特币自动提款机10月29日在加拿大温哥华启用,办理加拿大元与比特币的兑换,迅速迎来排队办理业务的人群。
比特币，是一种由开源的P2P软体产生的电子货币，也有人将比特币意译为“比特金”，是一种网络虚拟货币。
比特币可以用来兑现，可以兑换成大多数国家的货币。
使用者可以用比特币购买一些虚拟物品，比如网络游戏当中的衣服、帽子、装备等，只要有人接受，也可以使用比特币购买现实生活当中的物品。
下列关于比特币说法错误的是①比特币在本质上是一般等价物②.意味着作为电子货币的比特币将取代纸币，使货币职能发生本质性的变化③.使用比特币可以节省流通中所需要的货币量，从而节约社会劳动④比特币作为一种网络虚拟货币具有使用价值，没有价值A.①②B.②③④C.①④D.①②③2、2013年8月1日，我国“营业税”改“增值税”扩大试点。
“营改增”从制度上解决了过去“道道征收，全额征税”的重复征税问题，实现“环环征收，层层抵扣”的良好状态，新税制更为科学、合理，符合国际惯例。
之所以要“营改增”，是因为：①经济发展水平对财政收入的影响是基础性的②这一改革可以拓宽财政收入的渠道③“营改增”有利于促进我国经济转型和企业创新④财税体制改革有利于促进企业的持续发展A．①② B．③④ C．①③④ D．①②③3、李克强总理形象地解读简政放权的重要性：“市场是看不见的手，政府是看得见的手，我们不能让看得见的手成为‘闲不住的手’。
四川省成都市实验外国语学校2015届高三物理上学期月考试卷(11月份)(含解析)
四川省成都市实验外国语学校 2015届高三上学期月考物理试卷（11月份）一、选择题1．如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，且ab=cd=L，ad=bc=2L，电场线与矩形所在平面平行．已知a点电势为20V，b点电势为24V，d点电势为12V．一个质子从b点以v0的速度射入此电场，入射方向与bc成45°角，一段时间后经过c点．下列判断正确的是（不计质子的重力）( )A．c点电势高于a点电势B．场强的方向由b指向dC．质子从b运动到c所用的时间为D．质子从b运动到c，电场力做功为4eV考点：电势；电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：在匀强电场中，沿着电场线方向每前进相同的距离，电势变化相等；根据电场线与等势面垂直垂直画出电场线，根据W=qU计算电场力做的功．解答：解：A、在匀强电场中，沿着电场线方向每前进相同的距离，电势变化相等，故φa ﹣φd=φb﹣φc，解得：φc=16V，而φa点电势为20V．则c点电势低于a点电势．故A错误；B、设ad连线中点为O，则其电势为16V，故co为等势面，电场线与等势面垂直，则电场线沿着bo方向，故B错误；C、由上可知，电场线沿着bo方向，质子从b运动到c做为在平抛运动，垂直于bo方向做匀速运动，位移大小为x=2L•=L，则运动时间为t==．故C正确．D、根据W=qU，质子从b点运动到c点，电场力做功为W=qU bc=1e×（24V﹣16V）=8eV，故D 错误；故选：C．点评：本题的关键在于找出等势面，然后才能确定电场线，要明确电场线与等势线的关系，能利用几何关系找出等势点，再根据等势线的特点确定等势面．2．如图所示，不计质量的光滑小滑轮用细绳悬挂于墙上O点，跨过滑轮的细绳连接物块A、B，A、B都处于静止状态，现将物块B向右移至C点后，A、B仍保持静止，下列说法中正确的是( )A．B与水平面间的摩擦力减小B．绳子对B的拉力增大C．悬于墙上的绳所受拉力不变D．A、B静止时，图中α、β、θ三角始终相等考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：设滑轮位置为O′点，当把物体B移至C点后，绳子BO′与水平方向的夹角变小，对A和B分别受力分析，然后运用共点力平衡条件结合正交分解法进行分析．解答：解：B、对物体A受力分析，受到重力和细线的拉力，根据平衡条件，拉力等于物体A的重力，当把物体B移至C点后，绳子BO′与水平方向的夹角变小，但细线的拉力不变，故B错误；A、对物体B受力分析，受重力、支持力、拉力和向后的静摩擦力，如图根据共点力平衡条件，有Tcosθ′=f由于角θ′变小，故B与水平面间的静摩擦力变大，故A错误；C、对滑轮受力分析，受重力，O′B绳子的拉力T以及悬于墙上的绳子的拉力F，由于重力和OB绳子的拉力相等且夹角变大，故其合力变小，故墙上的绳子的拉力F也变小，故C错误；D、对滑轮受力分析，受重力，O′B绳子的拉力T以及悬于墙上的绳子的拉力F，由于重力和OB绳子的拉力相等，故合力在角平分线上，故α=β，又由于三力平衡，故O′B绳子的拉力T也沿着前面提到的角平分线，绳子拉力沿着绳子方向，故α=β=θ，故D正确；故选：D．点评：本题关键是分别对物体A、物体B、滑轮受力分析，然后根据共点力平衡条件结合正交分解法和合成法进行分析讨论．3．“轨道康复者”是“垃圾”卫星的救星，被称为“太空110”，它可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命，假设“轨道康复者”的轨道半经为地球同步卫星轨道半径的五分之一，其运动方向与地球自转方向一致，轨道平面与地球赤道平面重合，下列说法正确的是( )A．“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的5倍B．“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的倍C．站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向西运动D．“轨道康复者”可在高轨道上加速，以实现对低轨道上卫星的拯救考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．分析：根据万有引力提供向心力，结合轨道半径的关系得出加速度和周期的关系．根据“轨道康复者”的角速度与地球自转角速度的关系判断赤道上人看到“轨道康复者”向哪个方向运动．解答：解：万有引力提供卫星做圆周运动的向心力；A、由牛顿第二定律得：G=ma，解得：a=，因为“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一，则“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的25倍，故A错误．B、由牛顿第二定律得：G=m，解得：v=，因为“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一，则“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的倍．故B正确．C、因为“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动的周期小于同步卫星的周期，则小于地球自转的周期，所以“轨道康复者”的角速度大于地球自转的角速度，站在赤道上的人用仪器观察到“轨道康复者”向东运动．故C错误．D、“轨道康复者”要在原轨道上减速，做近心运动，才能“拯救”更低轨道上的卫星．故D错误．故选：B．点评：解决本题的关键知道万有引力提供向心力这一重要理论，并能灵活运用，以及知道卫星变轨的原理，知道当万有引力大于向心力，做近心运动，当万有引力小于向心力，做离心运动．4．如图所示，绝缘弹簧的下端固定在光滑斜面底端，弹簧与斜面平行，带电小球Q（可视为质点）固定在绝缘斜面上的M点，且在通过弹簧中心的直线ab上．现将与Q大小相同，带电性也相同的小球P，从直线ab上的N点由静止释放，若两小球可视为点电荷．在小球P 与弹簧接触到速度变为零的过程中，下列说法中正确的是( )A．小球P的速度一定先增大后减小B．小球P的机械能一定在减少C．小球P速度最大时所受弹簧弹力和库仑力的合力为零D．小球P与弹簧系统的机械能可能增加考点：功能关系；机械能守恒定律；库仑定律．分析：本题中有库仑力做功，机械能不守恒；机械能守恒是普遍遵守的定律；小球的速度变化可从受力与能量两种观点加以分析．解答：解：A、小球先沿斜面加速向下运动，后减速向下运动，当弹簧压缩量最大时，小球静止，故A正确；B、根据除了重力和弹力之外的力做功量度机械能的变化，小球P除了重力和弹力之外的力做功还有弹簧的弹力和库仑斥力做功，开始弹簧的弹力和库仑斥力的合力方向可能向上，也就是可能做负功，所以小球P的机械能可能增大，故B错误；C、小球P的速度一定先增大后减小，当p的加速度为零时，速度最大，所以小球P速度最大时所受弹簧弹力、重力沿斜面向下的分力和库仑力的合力为零，故C错误；D、根据能量守恒定律知，小球P的动能、与地球间重力势能、与小球Q间电势能和弹簧弹性势能的总和不变，因为在小球P与弹簧接触到速度变为零的过程中，Q对P的库仑斥力做正功，电势能减小，所以小球P与弹簧系统的机械能一定增加，故D错误．故选：A．点评：注意机械能守恒的条件是只有重力或弹力做功，从能量转化的角度讲，只发生机械能间的相互件转化，没有其他形式的能量参与．5．如图所示，质量相同且分布均匀的两个圆柱体a、b靠在一起，表面光滑，重力均为G，其中b的下一半刚好固定在水平面MN的下方，上边露出另一半，a静止在平面上，现过a 的轴心施以水平作用力F，缓慢的将a拉离平面一直滑到b的顶端，对圆柱体a的移动过程分析，应有( )A．拉力F先增大后减小，最大值是GB．开始时拉力F最大为G，以后逐渐减小为0C．a、b间压力由0逐渐增大，最大为GD．a、b间的压力开始最大为G，而后逐渐减小到G考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：a球缓慢上升，合力近似为零，分析a受力情况，由平衡条件得到F以及b球对a的支持力与θ的关系式，即可分析其变化．解答：解：对于a球：a球受到重力G、拉力F和b球的支持力N，由平衡条件得：F=NcosθNsinθ=G则得：F=GcotθN=根据数学知识可知，θ从30°增大到90°，F和N均逐渐减小，当θ=30°，F有最大值为G，N有最大值为2G，故B正确，ACD错误．故选：B．点评：本题运用隔离法研究，分析a球受力情况，得到两个力的表达式是解题的关键．6．如图所示，两平行金属板间有一匀强电场，板长为l，板间距离为d，在板右端l处有一竖直放置的光屏M．一带电荷量为q、质量为m的质点从两板中央射入板间，最后垂直打在M屏上，则下列结论正确的是( )A．板间电场强度大小为B．板间电场强度大小为C．质点在板间运动的时间跟它从板的右端运动到光屏的时间相等D．质点在板间运动的时间大于它从板的右端运动到光屏的时间考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：根据题意分析，质点最后垂直打在M屏上，必须考虑质点的重力．质点在平行金属板间轨迹应向上偏转，飞出电场后，质点的轨迹向下偏转，质点才能最后垂直打在M屏上．第一次偏转质点做类平抛运动，第二次斜向上抛运动平抛运动的逆过程，运用运动的分解法，根据对称性，分析前后过程加速度的关系，再研究电场强度的大小．水平方向质点始终做匀速直线运动，质点在板间运动的时间跟它从板的右端运动到光屏的时间相等．解答：解：A、B据题分析可知，质点在平行金属板间轨迹应向上偏转，做类平抛运动，飞出电场后，质点的轨迹向下偏转，质点才能最后垂直打在M屏上，前后过程质点的运动轨迹有对称性，如图，可见两次偏转的加速度大小相等，根据牛顿第二定律得，qE﹣mg=mg，得到E=．故A错误，B正确．C、D由于质点在水平方向一直做匀速直线运动，两段水平位移大小相等，则质点在板间运动的时间跟它从板的右端运动到光屏的时间相等．故C正确，D错误．故选BC点评：本题是类平抛运动与平抛运动的综合应用，基本方法相同：运动的合成与分解．7．如图所示，一足够长的光滑斜面，倾角为θ，一弹簧上端固定在斜面的顶端，下端与物体b相连，物体b上表面粗糙，在其上面放一物体a，a、b间的动摩擦因数为μ（μ＞tanθ），将物体a、b从O点由静止开始释放，释放时弹簧恰好处于自由伸长状态，当b滑到A点时，a刚好从b上开始滑动；滑到B点时a刚好从b上滑下，b也恰好速度为零，设a、b间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．下列对物体a、b运动情况描述正确的是( )A．从O到A的过程，两者一直加速，加速度大小从mgsinθ一直减小，在A点减为零B．经过A点时，a、b均已进入到减速状态，此时加速度大小是g（μcosθ﹣sinθ）C．从A到B的过程中，a的加速度不变，b的加速度在增大，速度在减小D．经过B点，a掉下后，b开始反向运动但不会滑到开始下滑的O点考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：μ＞tanθ，则μmgcosθ＞mgsinθ，当b滑到A点时，a刚好从b上开始滑动说明ab加速度开始不同．解答：解：A、释放时弹簧恰好处于自由伸长状态，斜面光滑，二者具有向下的加速度，弹簧伸长，弹簧拉力增大，则二者做加速度逐渐减小的加速运动，以a为研究对象，取沿斜面向下为正方向，有：mgsinθ﹣f=ma得：f=mgsinθ﹣ma可见只要a物体具有向下的加速度，则f＜mgsinθ＜μmgcosθ，即所受摩擦力小于最大静摩擦力，物体不会滑动，当二者加速度为零，即（M+m）gsinθ=F，之后弹簧继续伸长，则ab开始具有沿斜面向上的加速度，即开始减速运动，以a为研究对象，取沿斜面向上为正方向，有：f﹣mgsinθ=ma当f有最大值时a有最大值，又f max=μmgcosθ则a=μgcosθ﹣gsinθ，之后b加速度继续增大而a加速度保持不变，二者发生相对滑动，故经过A点时，a、b均已进入到减速状态，此时加速度大小是g（μcosθ﹣sinθ），A错误，BC正确；D、在a落下后，b将以新的平衡位置为中心做谐振动，由对称性可推断出b将冲过o点，即b的最高点将在o点之上选项D错误．故选：BC．点评：该题是牛顿第二定律的直接应用，本题ABC三个选项注意使用临界分析法即可得到正确结果，D选项关键点在于a脱离b后，b的受力满足机械能和简谐振动模型．二、解答题（共5小题，满分68分）8．为了“验证牛顿第二定律”，某同学设计了如下实验方案：A．实验装置如图甲所示，一端系在滑块上的轻质细绳通过转轴光滑的轻质滑轮，另一端挂一质量为m=0.5kg的钩码，用垫块将光滑的长木板有定滑轮的一端垫起．调整长木板的倾角，直至轻推滑块后，滑块沿光滑长木板向下做匀速直线运动．B．保持长木板的倾角不变，取下细绳和钩码，接好纸带，接通打点计时器的电源，然后让滑块沿长木板滑下，打点计时器打下的纸带如图乙所示．请回答下列问题：（要求保留三位有效数字）①图乙中纸带的哪端与滑块相连F．选填A或F②图乙中相邻两个计数点之间还有4个打印点未画出，打点计时器接频率为50Hz的交流电源，根据图乙求出滑块的加速度a=1.65m/s2．③不计纸带与打点计时器间的阻力，滑块的质量M=2.97kg．（g取9.8m/s2）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：（1）滑块拖动纸带下落的运动过程中，速度越来越快，所以相等时间内运动的位移越来越大，进而判断哪端与滑块相连．（2）根根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小．（3）根据牛顿第二定律F=Ma即可求解质量解答：解：①因为打点计时器每隔0.02s打一个点，两个计数点之间还有4个打点未画出，所以两个计数点的时间间隔为T=0.1s，时间间隔是定值，滑块拖动纸带下落的运动过程中，速度越来越快，所以相等时间内运动的位移越来越大．所以图乙中纸带的F端与滑块相连；②根据△x=aT2利用逐差法，a==1. 65m/s2．③由A步骤可知，取下细绳和钩码后，滑块受到的合外力F=0.5×9.8=4.9N，根据牛顿第二定律得：M=kg；故答案为：①F；②1.65；③2.97点评：探究加速度与质量关系时，应控制拉力不变而改变小车质量，实验时要注意小车质量应远大于重物质量．纸带处理时能利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力9．探究力对原来静止的物体做的功与物体获得的速度的关系，实验装置如图甲所示．实验过程中有平衡摩擦力的步骤，并且设法让橡皮筋对小车做的功以整数倍增大，即分别为W0、2W0、3W0、4W0…①实验中首先通过调整木板倾斜程度平衡摩擦力，目的是C（填写字母代号）．A．为了释放小车后小车能做匀加速运动B．为了增大橡皮筋对小车的弹力C．为了使橡皮筋对小车做的功等于合外力对小车做的功D．为了使小车获得较大的动能②图乙是在正确操作情况下打出的一条纸带，从中截取了测量物体最大速度所用的一部分，已知相邻两点打点时间间隔为0.02s，则小车获得的最大速度v m=1.22m/s（保留3位有效数字）．③几名同学在实验中分别得到了若干组橡皮筋对小车做的功W与小车获得最大速度v m的数据，并利用数据绘出了图丙给出的四个图象，你认为其中正确的是D．考点：探究功与速度变化的关系．专题：实验题；动能定理的应用专题．分析：该实验的目的以及实验数据处理的方法；该实验平衡摩擦力的原因；该实验是如何确定外力做功以及如何通过纸带获取小车运动的最终速度大小；如何通过图象来处理数据等．解答：解：①实验中通过调整木板倾斜程度平衡摩擦力，目的是为了使橡皮筋对小车所做功即为合外力对小车所做的功，故ABD错误，C正确．故选：C．②由所打的点可知，DG之间小车做匀速直线运动，速度最大，小车获得的最大速度为：v m=m/s=1.22m/s故答案为：1.22．③橡皮筋对小车做的功W与小车的动能关系知：W=，即有：•W，根据数学知识可知D正确．故选：D．故答案为：①C；②1.22；③D点评：本题考查了该实验的具体操作细节和数据的处理，对于这些基础知识一定要通过亲自动手实验加深理解．10．如图所示，倾角为37°的足够长粗糙斜面下端与一足够长光滑水平面相接，斜面上有两小球A、B，距水平面高度分别为h1=5.4m和h2=0.6m．现由静止开始释放A球，经过一段时间t后，再由静止开始释放B球．A和B与斜面之间的动摩擦因素均为μ=0.5，重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力，设小球经过斜面和水平面交界处C机械能不损失，（sin37°=0.6，cos37°=0.8）．求：（1）为了保证A、B两球不会在斜面上相碰，t最长不能超过多少？（2）若A球从斜面上h1高度处由静止开始下滑的同时，B球受到恒定外力作用从C点以加速度a 由静止开始向右运动，则a为多大时，A球有可能追上B球？考点：牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系；机械能守恒定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）由牛顿第二定律求出物体在斜面上的加速度，利用运动学公式求出在斜面上的时间，为了保证A、B两球不会在斜面上相碰，则满足：t=t1﹣t2；（2）若A球能追上B球，则二者位移应该相等，求出加速度解答：解：（1）球在斜面上时，由牛顿第二定律得：gsin37°﹣μmgcos37°=ma，解得，A、B的加速度：，A球到C点的时间为：，B球到C点的时间为：，A、B两球不会在斜面上相碰，t最长为：t=t A﹣t B=2s；（2）A球到C点的速度为：v A=a A t A=6m/s，设t时刻A能追上B，则：，又：，解得：a≤1m/s2，即B球加速度a 最大不能超过1m/s2；答：（1）为了保证A、B两球不会在斜面上相碰，t最长不能超过2s．（2）B球加速度a 最大不能超过1m/s2时，A球有可能追上B球．点评：本题考查追击问题，过程较复杂，分析清楚物体运动过程是正确解题的前提与关键，利用牛顿第二定律、运动学公式即可正确解题．11．（17分）如图所示，在距水平地面高h1=1.2m的光滑水平台面上，一个质量m=1kg的小物块压缩弹簧后被锁扣K锁住，储存了一定量的弹性势能E p．现打开锁扣K，物块与弹簧分离后将以一定的水平速度v1向右滑离平台，并恰好从B点沿切线方向进入光滑竖直的圆弧轨道BC．已知B点距水平地面的高h2=0.6m，圆弧轨道BC的圆心O与水平台面等高，C点的切线水平，并与水平地面上长为L=2.8m的粗糙直轨道CD平滑连接，小物块沿轨道BCD运动并与右边的竖直墙壁会发生碰撞，重力加速度g=10m/s2，空气阻力忽略不计．试求：（1）小物块由A到B的运动时间．（2）压缩的弹簧在被锁扣K锁住时所储存的弹性势能E p．（3）若小物块与墙壁碰撞后速度反向、大小变为碰前的一半，且只会发生一次碰撞，那么小物块与轨道CD之间的动摩擦因数μ应该满足怎样的条件．考点：功能关系；平抛运动．分析：首先要清楚物块的运动过程，A到B的过程为平抛运动，已知高度运用平抛运动的规律求出时间．知道运动过程中能量的转化，弹簧的弹性势能转化给物块的动能．从A点到最后停在轨道CD上的某点p，物块的动能和重力势能转化给摩擦力做功产生的内能．根据能量守恒列出能量等式解决问题．由于p点的位置不确定，要考虑物块可能的滑过的路程．解答：解；（1）小物块由A运动到B的过程中做平抛运动，在竖直方向上根据自由落体运动规律可知，小物块由A运动到B的时间为：t==s=s≈0.346s（2）根据图中几何关系可知：h2=h1（1﹣cos∠BOC），解得：∠BOC=60°根据平抛运动规律有：tan60°=，解得：v1===2m/s根据能的转化与守恒可知，原来压缩的弹簧储存的弹性势能为：E p=mv12==2J（3）依据题意知，①μ的最大值对应的是物块撞墙前瞬间的速度趋于零，根据能量关系有：mgh1+E p＞μmgL代入数据解得：μ＜②对于μ的最小值求解，首先应判断物块第一次碰墙后反弹，能否沿圆轨道滑离B点，设物块碰前在D处的速度为v2，由能量关系有：mgh1+E p=μmgL+mv22第一次碰墙后返回至C处的动能为：E kC=mv22﹣μmgL可知即使μ=0，有：mv22=14Jmv22=3.5J＜mgh2=6J，小物块不可能返滑至B点．故μ的最小值对应着物块撞后回到圆轨道最高某处，又下滑经C恰好至D点停止，因此有：mv22≤2μmgL，联立解得：μ≥综上可知满足题目条件的动摩擦因数μ值：≤μ＜答：（1）小物块由A到B的运动时间是0.346s．（2）压缩的弹簧在被锁扣K锁住时所储存的弹性势能E p是2J．（3）μ的取值范围：≤μ＜．点评：做物理问题应该先清楚研究对象的运动过程，根据运动性质利用物理规律解决问题．关于能量守恒的应用，要清楚物体运动过程中能量的转化．12．（19分）如图所示，一辆在水平地面上向右做直线运动的平板车，长度L=6m，质量M=10kg，其上表面水平光滑且距地面高为h=1.25m，A、B是其左右的两端点，在A端固定一个与车绝缘的、质量与大小忽略不计的带电体Q，其电量Q=﹣5×10﹣6C．在地面上方的空间存在着沿小车运动方向的、区域足够大的匀强电场（忽略Q的影响），场强大小E=1×107N/C．在t=0时刻，小车速度为v0=7.2m/s，此时将一个质量m=1kg的小球轻放在平板车上距离B端处的P点（小球可视为质点，释放时对地的速度为零）．经过一段时间，小球脱离平板车并落到地面．已知平板车受到地面的阻力与它对地面的压力成正比，且比例系数μ=0.2，其它阻力不计，重力加速度g=10m/s2．试求：（1）从t=0时起，平板车能继续向右运动的最大距离．（2）小球从t=0时起到离开平板车时所经历的时间．（3）从t=0时起到小球离开平板车落地时止，带电体Q的电势能的变化量．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；自由落体运动；牛顿第二定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）从t=0时起，平板车受到向左的电场力，向右做匀减速运动，由牛顿第二定律求得加速度的大小，由运动学速度位移关系公式求出向右运动的最大距离．（2）根据牛顿第二定律求出小车向右运动的加速度大小，根据运动学公式求出小车向右运动的位移和时间，判断小球是否会从小车的左端掉下，若未掉下，根据牛顿第二定律求出小车向左运动的加速度大小，小球从右端掉下，根据小球小车向左运动的位移求出向左运动的时间，两个时间之和即为小球从轻放到平板车开始至离开平板车所用的时间．（3）求出小车在小球做自由落体运动时间内的位移，结合小车向右运动的位移和向左运动的位移，求出小车的位移．再求出电场力做功，即可求得带电体Q的电势能的变化量．解答：解：（1）以平板车为研究对象，根据受力分析和牛顿运动定律有：F=EQ=50N，方向向左．a1==7.2m/s2x1==3.6m（2）因x1＜4m，故小球不会从车的左端掉下，小车向右运动的时间t1==1s小车向左运动的加速度 a2==2.8m/s2小球掉下小车时，小车向左运动的距离 x2=x1+=5.6m小车向左运动的时间t2==2s所以小球从轻放到平板车开始至离开平板车所用的时间 t=t1+t2=3s（3）小球刚离开平板车时，小车向左的速度的大小为：v2=a2t2=5.6m/s小球离开平板车后，车的加速度大小a3==3m/s2小球离开车子做自由落体的运动 h=gt32 t3=0.5s车子在t3时间内向左运动的距离 x3=v2t3+a3t32=3.175m车子在从t=0时起到小球离开平板车落地时止，向左运动的位移为ss=x3+x2﹣x1=5.175m故在从t=0时起到小球离开平板车落地时止，带电体Q的电势能的变化量为△E，△E=﹣Fs=﹣258.75J答：（1）从t=0时起，平板车能继续向右运动的最大距离为3.6m．。
四川省成都外国语学校高三12月月考——物理(1)物理
四川省成都外国语学校2015届高三12月月考物理试题试卷分物理、化学、生物三部分，满分300分，考试时间150 分钟。
注意事项：1．答题前，考试务必先认真核对条形码上的姓名，准考证号和座位号，无误后将本人姓名、准考证号和座位号填写在相应位置，2．答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号；3．答题时，必须使用黑色签字笔，将答案规范、整洁地书写在答题卡规定的位置上；4．所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效；5．考试结束后将答题卡交回，不得折叠、损毁答题卡。
第Ⅰ卷(选择题共42分)一、选择题（本题7小题。
每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的、不选的得0分）1．下列有关研究物理问题的思想或方法的描述错误的是（）A．在探究加速度与力、质量的关系时，利用了控制变量的思想方法B．物理学中引入“质点”的模型时，采用了理想化方法C．物理学中建立“加速度”的概念时，采用了等效法D．伽利略研究力与运动的关系时，采用了理想实验法2．在如图甲所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动的过程中，四个理想电表的示数都发生变化。
图乙中三条图线分别表示了三个电压表示数随电流表示数变化的情况，以下说法错误．．的是（）A．图线a表示的是电压表V3的示数随电流表示数变化的情况B．图线c表示的是电压表V2的示数随电流表示数变化的情况C．此过程中电压表V1示数的变化量△U1和电流表示数变化量△I的比值变大D．此过程中电压表V2示数的变化量△U2和电流表示数变化量△I的比值不变3.在如图所示的位移(x)一时间(t)图象和速度(v)一时间(t)图象中，给出的四条图线甲、乙、丙、丁分别代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的（）时刻相距最远A．在图示时间内丙、丁两车在tB．0～t1时间内，甲车通过的路程大于乙车通过的路程C．甲车做曲线运动，乙车做直线运动D．0～t2时间内丙、丁两车的平均速度相等4. 如图所示，一个小球质量为m，静止在光滑的轨道上，现以水平力击打小球，使小球能够通过半径为R 的竖直光滑轨道的最高点C ，则水平力对小球所做的功至少为( )A. mgRB. 2mgRC. 2.5mgRD. 3mgR5. 如图所示，一轻质弹簧两端分别与竖直墙壁和物块连接，弹簧、地面水平．A 、B 是物块能保持静止的位置中离墙壁最近和最远的点，A 、B 两点离墙壁的距离分别是x 1、x2.物块与地面的最大静摩擦力为f ，则弹簧的劲度系数为( )A.f x 2＋x 1B.2f x 2＋x 1C.2f x 2－x 1D.f x 2－x 16. 如图所示，三颗质量均为m 的地球同步卫星等间隔分布在半径为r 的圆轨道上，设地球质量为M ，半径为R ，下列说法不正确的是（ ）A ．三颗卫星对地球引力的合力大小为B ．两颗卫星之间的引力大小为C ．一颗卫星对地球的引力大小为D ．地球对一颗卫星的引力大小为7. 静电场方向平行于x 轴，其电势φ随x 的分布可简化为如图所示的折线．一质量为m 、带电量为－q 的粒子(不计重力)，以初速度v 0从O 点(x ＝0)进入电场，沿x 轴正方向运动．下列叙述正确的是( )A. 粒子从O 运动到x 1的过程中速度逐渐减小B. 粒子从x 1运动到x 3的过程中，电势能一直增大C. 要使粒子能运动到x 3处，粒子的初速度v 0至少为qφ0m D. 若v 0＝qφ0m ，粒子在运动过程中的最大速度为3qφ0m第Ⅱ卷 (非选择题 共68分)二、实验题（共17分．）8-1．（6分）⑴①图甲中游标卡尺的读数是 cm ，图乙中螺旋测微器的读数是 mm 。
四川省成都外国语学院2014届高三物理下学期2月月考试题(含解析)新人教版
四川省成都外国语学院2014届高三物理下学期2月月考试题〔含解析〕新人教版总分为150分，考试时间150 分钟。
须知事项：1．答题前，考试务必先认真核对条形码上的姓名，某某号和座位号，无误后将本人姓名、某某号和座位号填写在相应位置，2．答选择题时，必须使用2B 铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号；3．答题时，必须使用0.5毫米黑色签字笔，将答案规范、整洁地书写在答题卡规定的位置上；4．所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效； 5．考试完毕后将答题卡交回，不得折叠、损毁答题卡。
物理局部命题人：周永志 审题人：王祖彬第1卷 (选择题 共42分)一、选择题〔42分〕1．一束单色光斜射到厚平板玻璃的一个外表上，经两次折射后从玻璃板另一个外表射出，出射光线相对于入射光线侧移了一段距离。
在如下情况下，出射光线侧移距离最大的是〔 〕。
A.红光以30º的入射角入射 B.红光以45º的入射角入射 C.紫光以30º的入射角入射 D.紫光以45º的入射角入射 【答案】D画出光的两次折射的光路图，由题意知O2A 为侧移距离△x．根据几何关系有：()dx sin i r cosr -＝① 又有sin n sinr i＝②〔1〕假设为同一色光，如此n 一样，如此i 增加且i 比r 增加得快，得知sin i r 0-（）＞且增加，d0cosr＞且增加，故A 、C 错误。
〔2〕假设入射角一样，由①②两式可得22cosix dsini 1n sin i ⎛⎫- ⎪-⎝⎭＝ 得知n 增加，△x 增加，故D 正确。
应当选D 。
【考点】折射定律2．图示为一列沿x 轴负方向传播的简谐横波，实线为0=t 时刻的波形图，虚线为s t 6.0=时的波形图，波的周期T ＞0.6s ，如此〔 〕。
A.波的周期为2.4sB.在9.0=t s 时，P 点沿y 轴正方向运动C.经过0.4s ，P 点经过的路程为4mD.在s t 5.0=时，Q 点到达波峰位置 【答案】DA 、根据题意应用平移法可知由实线得到虚线需要将图象沿x 轴负方向平移1n 4λ+（），其中n=0、1、2、3、4…，故由实线传播到虚线这种状态需要3n T 4+（），即3n T 0.6s 4+=（），解得 2.4T 4n 3=+，其中n=0、1、2、3、4…，当n=0时，解得T=0.8s ，当n=1时，解得T=0.34s ，又T ＞0.6s ，故最大周期为0.8s ，故A 错；B 、由于波沿x 轴负方向传播，故t=0时p 点沿y 轴负方向运动，故t=0.8s 时p 点沿y 轴负方向运动，而周期T=0.8s ，故0.9s 时P 点沿y 轴负方向运动，故B 错误；C 、在一个周期内p 点完成一个全振动，即其运动路程为4A ，而0.4s=12T ，故p 点的运动路程为2A=0.4m ，C 错；D 、由题意可知波长λ=8m，如此变速v 10m /s Tλ==，在t=0时Q 点的横坐标为5m ，由于波沿y 轴负方向运动，故在t=0.5s 的时间内波沿x 轴负方向传播的距离为x=vt=10×0.5=5m，故在t=0.5s 时，Q 点振动情况和t=0时距离坐标原点10m 处的质点的振动情况一样，而t=0时距离坐标原点10m 处的质点在波峰，在t=0.5s 时，Q 点到达波峰位置，故D 正确。
四川省成都外国语学校高三10月月考 物理 Word版含答案.pdf
成都外国语学校高2015届高三10月月考 理 科 综 合 试 题 试题分部分。
满分分考试时间分钟注意事项： 2．答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号3．答题时，必须使用黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上4．所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效5．考试结束后将答题卡交回答题卡2.如图所示，一质量为的铁块套在倾斜放置的杆上，铁块与杆之间的动摩擦因数，且最大静摩擦力和滑动摩擦力大小相等.杆与水平方向成角，一轻绳一端连接在铁块上，一端连在一质量的小球上，一水平力作用在小球上，连接铁块与绳的轻绳与杆垂直，铁块和小球都处于静止状态，取g=10m/s2.则A.拉力的大小为NB.铁块所受的摩擦力大小为15N C.若将在图示的平面内沿逆时针方向缓慢地转过300，此过程中铁块受到的摩擦力逐渐减小 D.若将连接铁块与轻绳之间的轻绳突然剪断，则铁块受到的摩擦力将减小 3. 一放在粗糙的水平面上的物块在一斜向上的拉力的作用下沿水平面向右以加速度做匀加速直线运动，力在水平和竖直方向的分量分别为、，如图所示.现将力突然改为大小为、方向水平向右的恒力，则此后 A.物体将仍以加速度向右做匀加速直线运动 B.物体将可能向右做匀速直线运动 C.物体将可能以大于的加速度向右做匀加速直线运动 D.物体将可能以小于的加速度向右做匀加速直线运动 4.如图所示，为斜面的底端，在点正上方的、两点分别以初速度、正对斜面抛出两个小球，结果两个小球都垂直击中斜面， 若，空气阻力忽略不计，则 A. B. C. D. 5.一人造卫星在椭圆轨道上绕地球运行，如图所示，A点和B点分别为其轨道的近地点和远地点.若欲将卫星的轨道变为圆轨道,可在A点或B点采取适当措施得以实现,则 A.若在A点变轨，则变轨后卫星的机械能增大 B.若在B点变轨，则变轨后卫星的机械能增大 C.若在A点变轨，则变轨后卫星在圆轨道上运行时 经过A点的加速度将变大 B.若在B点变轨，则变轨后卫星绕地球运动时 经过B点的速度将增大，因此卫星绕地球运动的周期将变小 6.质量为的汽车发动机额定输出功率为，当它在平直的公路上以加速度由静止开始匀加速启动时，其保持匀加速运动的最长时间为，汽车运动中所受的阻力大小恒定，则 A.若汽车在该平直的路面上从静止开始以加速度匀加速启动， 其保持匀加速运动的最长时间为 B.若汽车以加速度由静止开始在该路面上匀加速启动，经过时间发动机输出功率为 C.汽车保持功率在该路面上运动可以达到的最大速度为 D.汽车运动中所受的阻力大小为 7.如图所示，一块足够大的光滑平板放置在水平面上，能绕水平固定轴自由转动从而实现调节其与水平面所成的倾角.板上一根长为的轻细绳一端系住一个质量为的小球，另一端固定在板上的点.当平板倾角为时，先将轻绳平行于水平轴拉直，然后给小球以沿着平板并与轻绳垂直的初速度，则 A.若，则轻绳对小球的拉力大小为N B.若，则小球相对于水平面可上升的最大高度为0.7m C.小球能在平板上绕点做完整的圆周运动必须满足的条件为 D.小球能在平板上绕点做完整的圆周运动必须满足的条件为 第II卷（非选择题 共68分） 8-1.（6分）用如图所示的装置可以探究做匀速圆周运动的物体需要的向心力的大小与那些因素有关. （1）本实验采用的科学方法是（ ）A.控制变量法B.累积法C.微元法D.放大法 （2）图示情景正在探究的是（ ） A.向心力的大小与半径的关系 B.向心力的大小与线速度大小的关系 C.向心力的大小与角速度大小的关系 D.向心力的大小与物体质量的关系 （3）通过本实验可以得到的结果是（ ） A.在质量和半径一定的情况下，向心力的大小与角速度成正比 B.在质量和半径一定的情况下，向心力的大小与线速度的大小成正比 C.在半径和角速度一定的情况下，向心力的大小与质量成正比 D.在质量和角速度一定的情况下，向心力的大小与半径成反比 8-2（12分）.某研究性学习小组欲探究光滑斜面上物体下滑的加速度与物体质量及斜面倾角的关系.因为一般的长木板摩擦较大，学习小组决定用气垫导轨代替长木板，对气垫导轨进行改造，做成斜面，这样摩擦可以忽略不计，装置模型简化如图所示.实验室提供器材如下： A.气垫导轨（已知长度为）的滑块（内部为空的，可以放砝码，可视为质点）；C.质量为的砝码若干个；D.各种薄厚不等的方木板多个（垫气垫导轨备用）；E.米尺；F.秒表. 实验过程： 第一步，保持斜面倾角不变，探究加速度与质量的关系. （1）实验中，通过向滑块内放入砝码来改变滑块质量，只要测出由斜面顶端滑至底端所用的时间，就可以由下面哪个公式求出滑块的加速度（ ） A. B. C. D. （2）某同学记录的实验数据如下表所示，根据这些信息，判断以下结论正确的是（ ） A.在实验误差范围内，滑块的质量改变之后，其加速度 改变较大 B.经过分析得出滑块的加速度和滑块的总质量没有关系 C.经过分析得出滑块的平均速度和滑块的总质量成正比 D.在实验误差范围内，滑块的质量改变之后，其下滑的 时间不会改变 第二步，保持物体质量不变，探究加速度与倾角的关系. 实验中通过改变方木块垫放位置来调整气垫导轨的倾角.由于没有量角器，因此通过测量气垫导轨顶端到水平面的高度，求出倾角的正弦值.某同学记录了高度和加速度的对应值如表格所示. （3）请根据表中所给的数据，在图中的坐标系上通过描点绘出图象. （4）根据所绘出的图象，求出当地的重力加速度 g=m/s2.(结果保留三位有效数字) 9（15分）.宇航员来到某星球表面做了如下实验：将一小钢球由距星球表面高（远小于星球半径）处由静止释放，小钢球经过时间落到星球表面，该星球为密度均匀的球体，引力常量为. （1）求该星球表面的重力加速度； （2）若该星球的半径为，忽略星球的自转，求该星球的密度； （3）若该星球的半径为，有一颗卫星在距该星球表面高度为处的圆轨道上绕该星球做匀 速圆周运动，求该卫星的线速度大小. 10（17分）.将一质量为的小球从地面以的速度竖直向上抛出，物体落回地面时速度大小，若小球运动中受到的空气阻力大小恒定，取g=10m/s2.求： （1）小球从抛出到落回抛出点的过程中克服阻力所做的功； （2）小球受到的阻力的大小； （3）若以地面为零势面，试求小球动能和重力势能相等时距地面的高度. 11（18分）. 在竖直平面内,一根光滑金属杆弯成如图所示形状,相应的曲线方程为（单位：），式中，杆足够长，图中只画出了一部分.将一质量为的小环（可视为质点）套在杆上，取g=10m/s2. （1）若使小环以的初速度从处沿杆向下运动，求小环运动到处 时的速度的大小； （2）在第（1）坐标范围； （3）一般的曲线运动可以分成许多小段，每一小段都可以看成圆周的一部分，即把整条曲线用 系列不同的小圆弧代替，如图所示，曲线上点的曲率圆的定义为：通过点和曲线上紧邻点两侧的两点做一圆，在极限的情况下，这个圆叫做点的曲率圆.其半径叫做点的曲率半径.若小环从处以的速度出发沿杆向下运动，到达轨道最低点时杆对小环的弹力大小为70N，求小环经过轨道最高点时杆对小环的弹力. 成都外国语学校高2015级10月月考物理答案 第I卷 选择题答案A 2.D 3.BD 4.C 5.B 6.BC 7.AD 第II卷 8-1（1）A；（2）D；（3）C 8-2（1）C；（2）BD；（3）略；（4）9.73—9.81之间均可. （1）由，得； 用表示月球质量，在月球表面对质量为的物体有： ，又 解得： 用表示卫星质量，有牛顿第二定律：,解得 (1)由动能定理：，带入数据可得：J； 设小球上升的最大高度为h，用表示小球所受的阻力，对小球上升和下落过程分别运用动能定理： ， 由以上两式可得：，带入数据可得：； 设小球上升过程中重力势能和动能相等时距地面高度为，下落过程中重力势能和动能相等时距地面高度为，则由功能关系： ，解得 ，解得 11.（1）；（2）；（3）方向竖直向下.。
四川省成都外国语学校2014届高三11月月考试题 数学(文) word版含答案
成都外国语学校高2014届高三（上）11月月考文科数学试题命题人：王福孔 审题人： 李斌试题分第Ｉ卷和第Ⅱ卷两部分。
满分150 分，考试时间150 分钟。
注意事项：1．答题前，务必将自己的姓名、考号准确无误地填写、填涂在答题卡规定的位置上；2．答选择题时，必须使用2B 铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号；3．答题时，必须使用黑色签字笔，将答案规范、整洁地书写在答题卡规定的位置上； 4．所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效； 5．考试结束后将答题卡交回，不得折叠、损毁答题卡。
第Ｉ卷（选择题 50分）一、选择题（每题5分；共50分）1．已知集合{}2|20A x x x =->，}1|{≤=x x B ，=B A （ ）A ．[]0,1B ．(]0,1C ．(],0-∞D ．.以上都不对2．0203sin 702cos 10--的值为（ ）A ．23B ．1C ．3D ．23．若一个几何体的三视图如右图所示，这个几何体可能是一个 ( )A ．棱台B ．棱锥C ．棱柱D ．圆柱4．复数21iz -=（其中i 为虚数单位），则下列说法中正确的是（ ） A ．在复平面内复数z 对应的点在第一象限 B ．复数z 的共轭复数主视图左视图俯视图122i z =--C ．若复数1z z b =+()b ∈R 为纯虚数，则12b =-D ．复数z 的模1||2z = 5．已知命题:p ,x R ∃∈有32x x<成立；命题:q (0,)x ∀∈+∞，恒有1sin 2sin x x+≥成立，则下A ．p q ∧B ．()p q ⌝∨ C．()p q ∧⌝D ．()()p q ⌝∧⌝6．函数1()(0)f x b a x a=->-的图像因酷似汉字的“囧”字，而被称为“囧函数”。
则方程2111x x =--的实数根的个数为（ ） A ．1 B ．2 C ．3 D ．47．已知数列{}n a 的前n 项和2n S n n =-，正项等比数列{}n b 中，23b a =，2314(2,)n n n b b b n n N +-+=≥∈，则2log n b =（ ） A ．1n - B ．21n - C ．2n -D ．n8．若实数x 、y 满足⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧≤--≥+-≥≥0120100y x y x y x ，实数y x z -=3的最小值为 （ ）A ．1-B ．0C ．23D ．39．若A 、B 为锐角，满足sin cos()sin AA B B=+，则tan A 的最大值为（ ） A ．42B ．21C ．1D ．210．若存在区间],[n m ，使得函数()x f 定义域为],[n m 时，其值域为*)(],[N k kn km ∈，则称区间],[n m 为函数()x f 的“k 倍区间”．已知函数()x x x f sin 3+=，则()x f 的“5倍区间”的个数是 （ ） A ．0 B ．1 C ．2 D ．3第Ⅱ卷（非选择题，共100分）二、填空题（每小题5分，共25分）11．已知ABC ∆的三内角A 、B 、C 所对边长分别为是a 、b 、c ，设向量(,sin )m a b C =+，()3,sin sin n a c B A =+-，若∥，则角B 的大小为___________12．公差不为0的等差数列{}n a 的部分项123,,,k k k a a a ，构成等比数列，且123126,,k k k ===，则4k = . 13．若两个正实数,x y 满足211x y+=，则y x 2+的最小值是 ． 14的图象关于直线1-=x 对是)(x f 的导函数），若0.3(3),(log 3)a f b f π==，3(log )9c f =，则c b a ,,的大小关系是_____________15．给出下列命题：① 已知a 、b 为异面直线，过空间中不在a 、b 上的任意一点，可以作一个平面与a 、b 都平行；② 在二面角βα--l 的两个半平面α、β内分别有直线a 、b ，则二面角βα--l 是直二面角的充要条件是β⊥a 或α⊥b ；③已知异面直线a 与b 成060，分别在a 、b 上的线段AB 与CD 的长分别为4和2，AC 、BD 的中点分别为E 、F ，则3=EF ；④若正三棱锥的内切球的半径为1，则此正三棱锥的体积最小值38． 则正确命题的编号是 。
四川省成都市外国语学校高三物理11月月考试题(含解析)
四川省成都市外国语学校2014届高三物理11月月考试题（含解析）新人教版第Ⅰ卷(选择题共42分)一、选择题（本题7小题。
每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的、不选的得0分）1.如图所示，A、B两物体相距x=7 m，物体A以v A=4 m/s的速度向右匀速运动，而物体B此时的速度v B=10 m/s，只在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度大小为a=2 m/s2，那么物体A追上物体B所用的时间为( )A.7 sB.8 sC.9 sD.102.A、B、C三个物体如图所示放置在水平面上，所有接触面均不光滑，有一个水平向右的力F作用在物体C上，使A、B、C一起向右做匀速运动，则( )A. B对A的静摩擦力方向水平向左B. B对A的静摩擦力方向水平向右C. C对A的静摩擦力方向水平向左D. A对C的静摩擦力方向水平向右3. “飞车走壁”是一种传统的杂技艺术，演员骑车在倾角很大的桶面上做圆周运动而不掉下来.如图所示，已知桶壁的倾角为θ，车和人的总质量为m，做圆周运动的半径为r，若使演员骑车做圆周运动时不受桶壁的摩擦力，下列说法正确的是( )A.人和车的速度为grtanθB.人和车的速度为grsinθC.桶面对车的弹力为mgcosθD.桶面对车的弹力为mgsinθ4.近地人造卫星1和2绕地球做匀速圆周运动的周期分别为T1和T2，设在卫星1、卫星2各自所在的高度上的重力加速度大小分别为g1、g2，则( )A.4 113 22gT()g T= B.412321g T()g T= C. 21122g T()g T= D. 21221g T()g T=5.低碳、环保是未来汽车的发展方向.某汽车研发机构在汽车的车轮上安装了小型发电机，将减速时的部分动能转化并储存在蓄电池中，以达到节能的目的.某次测试中，汽车以额定功率行驶一段距离后关闭发动机，测出了汽车动能E k与位移x的关系图象如图，其中①是关闭储能装置时的关系图线，②是开启储能装置时的关系图线.已知汽车的质量为1 000 kg，设汽车运动过程中所受地面阻力恒定，空气阻力不计.根据图象所给的信息可求出( )A.汽车行驶过程中所受地面的阻力为1 000 NB.汽车的额定功率为80 kWC.汽车加速运动的时间为22.5 sD.汽车开启储能装置后向蓄电池提供的电能为5×107 J6.空间有一沿x轴对称分布的电场，其电场强度E随x变化的图像如图所示．下列说法正确的是( )A．O点的电势最低B．x2点的电势最高C．x1和- x1两点的电势相等D．x1和x3两点的电势相等7.传送带用于传送工件可以提高工作效率．如图所示，传送带长度是l ，以恒定的速度v 运送质量为m 的工件，工件从最低点A 无初速度地放到传送带上，到达最高点B 前有一段匀速的过程．工件与传送带之间的动摩擦因数为μ，传送带与水平方向夹角为θ，每当前一个工件在传送带上停止相对滑动时，后一个工件立即放到传送带上，整条传送带满载时恰好能传送n 个工件.重力加速度为g ，则下列说法正确的是( )A.在传送带上摩擦力对每个工件做的功为2f mv cos W 2(cos sin )μθ=μθ-θB.在传送带上摩擦力对每个工件做的功为2f 1W mv mg sin 2=+θl C.每个工件与传送带之间由摩擦产生的热量为mvcos Q 2(cos sin )μθ=μθ-θD.传送带满载工件比空载时增加的功率为P=mgv(μcosθ+nsinθ-sinθ)物理部分第Ⅱ卷(非选择题共68分)二、实验题（共17分）8[1] （6分）在“验证力的平行四边形定则”实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，橡皮条的另一端系两根细绳，细绳端带有绳套，先用两个弹簧秤分别勾住绳套并互成角度地拉橡皮条，把橡皮条的结点拉到某—位置Ο并记下该点的位置；再用一个弹簧秤将橡皮条结点拉到同—位置Ο点。
四川省成都外国语学院高三物理下学期2月月考试题(含解析)新人教版
四川省成都外国语学院2014届高三物理下学期2月月考试题（含解析）新人教版满分150分，考试时间150 分钟。
注意事项：1．答题前，考试务必先认真核对条形码上的姓名，准考证号和座位号，无误后将本人姓名、准考证号和座位号填写在相应位置，2．答选择题时，必须使用2B 铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号；3．答题时，必须使用0.5毫米黑色签字笔，将答案规范、整洁地书写在答题卡规定的位置上；4．所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效； 5．考试结束后将答题卡交回，不得折叠、损毁答题卡。
物理部分 命题人：周永志 审题人：王祖彬第Ⅰ卷 (选择题 共42分)一、选择题（42分）1．一束单色光斜射到厚平板玻璃的一个表面上，经两次折射后从玻璃板另一个表面射出，出射光线相对于入射光线侧移了一段距离。
在下列情况下，出射光线侧移距离最大的是（ ）。
A.红光以30º的入射角入射 B.红光以45º的入射角入射 C.紫光以30º的入射角入射 D.紫光以45º的入射角入射 【答案】D画出光的两次折射的光路图，由题意知O2A 为侧移距离△x．根据几何关系有：()dx sin i r cosr -＝① 又有sin n sinr i＝②（1）若为同一色光，则n 相同，则i 增加且i 比r 增加得快，得知sin i r 0-（）＞且增加，d0cosr＞且增加，故A 、C 错误。
（2）若入射角相同，由①②两式可得x dsini 1⎛⎫ ⎝＝ 得知n 增加，△x 增加，故D 正确。
故选D 。
【考点】折射定律2．图示为一列沿x轴负方向传播的简谐横波，实线为0=t 时刻的波形图，虚线为s t 6.0=时的波形图，波的周期T ＞0.6s ，则（ ）。
A.波的周期为2.4sB.在9.0=t s 时，P 点沿y 轴正方向运动C.经过0.4s ，P 点经过的路程为4mD.在s t 5.0=时，Q 点到达波峰位置 【答案】DA 、根据题意应用平移法可知由实线得到虚线需要将图象沿x 轴负方向平移1n 4λ+（），其中n=0、1、2、3、4…，故由实线传播到虚线这种状态需要3n T 4+（），即3n T 0.6s 4+=（），解得 2.4T 4n 3=+，其中n=0、1、2、3、4…，当n=0时，解得T=0.8s ，当n=1时，解得T=0.34s ，又T ＞0.6s ，故最大周期为0.8s ，故A 错；B 、由于波沿x 轴负方向传播，故t=0时p 点沿y 轴负方向运动，故t=0.8s 时p 点沿y 轴负方向运动，而周期T=0.8s ，故0.9s 时P 点沿y 轴负方向运动，故B 错误；C 、在一个周期内p 点完成一个全振动，即其运动路程为4A ，而0.4s=12T ，故p 点的运动路程为2A=0.4m ，C 错；D 、由题意可知波长λ=8m ，则变速v 10m /s Tλ==，在t=0时Q 点的横坐标为5m ，由于波沿y 轴负方向运动，故在t=0.5s 的时间内波沿x 轴负方向传播的距离为x=vt=10×0.5=5m，故在t=0.5s 时，Q 点振动情况和t=0时距离坐标原点10m 处的质点的振动情况相同，而t=0时距离坐标原点10m 处的质点在波峰，在t=0.5s 时，Q 点到达波峰位置，故D 正确。
四川省成都外国语学校2014届高三8月月考 物理 Word版含答案.pdf
成都外国语学校高2014级高二下期期末考试 物 理满分分考试时间分钟2．答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号3．答题时，必须用黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上4．所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效5．考试结束后将答题卡交回答题卡1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家作出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是( )A．伽利略发现了行星运动的规律B．卡文迪许通过实验测出了引力常量 C．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因 D．笛卡儿对牛顿第一定律的建立做出了贡献 ．美国国会住房能源和商业委员会的调查小组2010年2月23日就丰田汽车召回事件举行听证会．美国田纳西州退休妇女朗达·史密斯在听证会上诉说了自己2006年10月驾驶丰田雷克萨斯ES350型汽车的生死经历．史密斯当时驾驶那辆开了不到5 000千米的新车行驶在公路上，突然间，汽车莫名从时速70千米加速到时速100千米．此后大约10千米距离内，无论史密斯怎么刹车都不管用(可看成匀速运动)．按照史密斯的说法，“上帝干涉后”车才慢慢停了下来．如果用图像来描述当时这辆车的运动情况，加速阶段和减速阶段可以简化为匀变速运动，下列图像正确的是( )． ．汽车刹车后开始做匀减速运动，第1 s内和第2 s内的位移分别为3 m和2 m，那么从2 s末开始，汽车还能继续向前滑行的最大距离是( )． A．1.5 m B．1.25 m C．1.125 m D．1 m ．如图甲所示为杂技表演的安全网示意图，网绳的结构为正方格形，O、a、b、c、d…等为网绳的结点．安全网水平张紧后，若质量为m的运动员从高处落下，并恰好落在O点上．该处下凹至最低点时，网绳dOe、bOg均成120°向上的张角，如图乙所示，此时O点受到的向下的冲击力大小为F，则这时O点周围每根网绳承受的力的大小为( )．A．FB. C．F＋mg D. 5. 一物体在光滑的水平桌面上运动，在相互垂直的x方向和y方向上的分运动的速度随时间变化的规律如图所示．关于物体的运动，下列说法中正确的是( )A．物体做匀变速曲线运动 B．物体做变加速直线运动 C．物体运动的初速度大小是5 m/s D．物体运动的加速度大小是5 m/s26. 如图4－2－所示，在空中某一位置P将一个小球以初速度v0水平向右抛出，它和竖直墙壁碰撞时速度方向与水平方向成45°角，若将小球仍从P点以2v0的初速度水平向右抛出，下列说法中正确的是( )． A．小球在两次运动过程中速度增量方向相同，大小之比为21 B．小球第二次碰到墙壁前瞬时速度方向与水平方向成30°角 C．小球第二次碰到墙壁时的动能为第一次碰到墙壁时动能的2倍 D．小球第二次碰到墙壁时的动能为第一次碰到墙壁时动能的倍 ．“蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处，从几十米高处跳下的一种极限运动．某人做蹦极运动，所受绳子拉力F的大小随时间t变化的情况如图所示．将蹦极过程近似为在竖直方向的运动，重力加速度为g.据图可知，此人在蹦极过程中的最大加速度约为( )．A．g B．2g C．3g D．4g如图3－3－所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，以速度v0逆时针匀速转动．在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数μ＜tan θ，则图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是( )． . 如图4－3－两段长均为L的轻质线共同系住一个质量为m的小球，另一端分别固定在等高的A、B两点，A、B两点间距也为L，今使小球在竖直平面内做圆周运动，当小球到达最高点时速率为v，两段线中张力恰好均为零，若小球到达最高点时速率为2v，则此时每段线中张力大小为( )． A．mg B．2mg C．3mg D．4mg10. 如图所示，螺旋形光滑轨道竖直放置，P、Q为对应的轨道最高点，一个小球以一定速度沿轨道切线方向进入轨道，且能过轨道最高点P，则下列说法中正确的是( )． A．轨道对小球做正功，小球的线速度vP>vQ B．轨道对小球不做功，小球的角速度ωPaQD．轨道对小球的压力FP>FQ ．下面是地球、火星的有关情况比较. 星球地球火星公转半径1.5×108 km2.25×108 km自转周期23时56分24时37分表面温度15 ℃－100 ℃～0 ℃大气主要成分78%的N2,21%的O2约95%的CO2根据以上信息，关于地球及火星(行星的运动可看做圆周运动)，下列推测正确的是( )． A．地球公转的线速度大于火星公转的线速度 B．地球公转的向心加速度大于火星公转的向心加速度 C．地球的自转角速度小于火星的自转角速度 D．地球表面的重力加速度大于火星表面的重力加速度．已知地球同步卫星离地面的高度约为地球半径的6倍．若某行星的平均密度为地球平均密度的一半，它的同步卫星距其表面的高度是其半径的2.5倍，则该行星的自转周期约为( )A．6小时 B．12小时 C．24小时 D．36小时．在“研究匀变速直线运动”的实验中，某同学得到一条用打点计时器打下的纸带，并在其上取了O，A，B，C，D，E，F共7个计数点(图中每相邻两个记数点间还有四个打点计时器打下的点未画出)，如图1－所示．打点计时器接的是50 Hz的低压交流电源．他将一把毫米刻度尺放在纸带上，其零刻度和记数点O对齐，从刻度尺上直接读取数据记录在表中． 图1－线段OAOBOCODOEOF数据/cm0.541.532.924.767.009.40由以上数据可计算出打点计时器在打A，B，C，D，E各点时物体的速度，如下表所示. 各点速度vAvBvCvDvE数据/(×10－2m/s)7.7012.016.220.4表中E点的速度应该为________m/s. 试根据表格中数据和你求得的E点速度在右上方所给的坐标中，作出v－t图象，从图象中求得物体的加速度a＝________m/s2(取两位有效数字) ．某同学在做探究弹力和弹簧伸长的关系的实验中，设计了图2－4所示的实验装置．他先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将钩码逐个挂在弹簧的下端，每次都测出相应的弹簧总长度，将数据填在下面的表中．(弹簧始终在弹性限度内)测量次序123456弹簧弹力大小F/N00.490.981.471.962.45弹簧总长x/cm67.168.349.4810.8511.75 图2－4 图2－(1)根据实验数据在图2－的坐标纸上已描出了前四次测量的弹簧所受弹力大小F跟弹簧总长x之间的函数关系点，请把第5、6次测量的数据对应的点描出来，并作出F－x图线． (2)图线跟x坐标轴交点的物理意义是__________________________________________． (3)该弹簧的劲度系数k＝________.(结果保留两位有效数字) 5．为了探究加速度与力的关系，使用如图4－所示的气垫导轨装置进行实验．其中G1、G2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过G1、G2光电门时，光束被遮挡的时间Δt1、Δt2都可以被测量并记录，滑行器连同上面固定的一条形挡光片的总质量为M，挡光片宽度为D，光电门间距离为x，牵引砝码的质量为m.回答下列问题： 图4－(1)实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，在不增加其他仪器的情况下，如何判定调节是否到位？ 答 ________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________. (2)若取M＝0.4 kg，改变m的值，进行多次实验，以下m的取值不合适的一个是________． A．m＝5 g B．m＝15 gC．m＝40 g D．m＝400 g (3)在此实验中，需要测得每一个牵引力对应的加速度，求得的加速度的表达式为________________．(用Δt1，Δt2，D，x表示) 三、计算题：本题共4个小题，共46分。
成都外国语学校2014年高中自主招生物理真卷
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四川成都外国语学校高一上学期物理11月质量检测考试试卷及解析
四川成都外国语学校高一上学期物理11月质量检测考试试卷及解析一、选择题1．现有八个描述运动的物理量:①位移；②路程；③时间；④瞬时速度；⑤平均速度；⑥速率；⑦速度变化量；⑧加速度．全部是矢量的组合是（）A．①②④⑤⑥B．①⑤⑥⑦⑧C．④⑤⑥⑦⑧D．①④⑤⑦⑧2．下列说法中正确的是（）A．“辽宁号”航母“高大威武”，所以不能看成质点B．战斗机飞行员可以把正在甲板上用手势指挥的调度员看成是一个质点C．在战斗机飞行训练中，研究战斗机的空中翻滚动作时，可以把战斗机看成质点D．研究“辽宁舰”航母在大海中的运动轨迹时，航母可以看成质点3．如图所示，此时表演者静止在弯曲倾斜的竹竿上，则下列说法正确的是（）A．表演者对竹竿的弹力是由竹竿形变产生的B．表演者对竹竿的力竖直向下C．表演者对竹竿的摩擦力一定为零D．表演者对竹竿的力大于竹竿对表演者的力4．一质点做匀加速直线运动，初速度未知，物理课外实验小组的同学们用固定在地面上的频闪照相机对该运动进行研究．已知相邻的两次闪光的时间间隔为1 s，发现质点在第1次到第2次闪光的时间间隔内移动了2 m，在第3次到第4次闪光的时间间隔内移动了8 m，则仅仅由此信息还是不能推算出A．第1次闪光时质点速度的大小B．质点运动的加速度C．第2次到第3次闪光的时间间隔内质点的位移大小D．质点运动的初速度5．一辆汽车由车站开出，沿平直公路做初速度为零的匀变速直线运动，至第10 s末开始刹车，再经5 s便完全停下．设刹车过程汽车也做匀变速直线运动，那么加速和减速过程车的加速度大小之比是A．1∶2 B．2∶1C．1∶4 D．4∶16．在平直公路上行驶的a车和b车，其位移时间图像分别为图中直线a和曲线b．t=3s 时，直线a和曲线b刚好相切，下列说法正确的是（）A．t=3s时，两车具有共同的加速度B．在运动过程中，b车始终没有超过a车C．a车做匀速运动，b车做加速运动D．在0-3s的时间内，a车的平均速度比b车的大7．近几年，在国家宏观政策调控下，我国房价上涨出现减缓趋势。
四川省成都外国语学校2014届高三10月月考物理试题 word版含答案
试题分物理、化学、生物三部分。
满分300分，考试时间150 分钟。
注意事项：1．答题前，考试务必先认真核对条形码上的姓名，准考证号和座位号，无误后将本人姓名、准考证号和座位号填写在相应位置，2．答选择题时，必须使用2B 铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号；3．答题时，必须使用黑色签字笔，将答案规范、整洁地书写在答题卡规定的位置上； 4．所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效； 5．考试结束后将答题卡交回，不得折叠、损毁答题卡。
物理部分 命题人：周永志 审题人：王祖彬第I 卷（选择题 共42分）第I 卷共7题，每题6分。
每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．如图所示是物体在某段直线运动过程中的t -υ图象，1t 和2t 时刻的瞬时速度分别为1υ和2υ 物体在1t 到2t 的过程中( ) A.加速度增大 B.平均速度221υυυ+= C.平均速度221υυυ+＞D.平均速度221υυυ+＜2．如图甲所示，当A 、B 两物块放在光滑的水平面上时，用水平恒力F 作用于A 的左端，使A 、B 一起向右做匀加速直线运动时的加速度大小为1a ，A 、B 间的相互作用力的大小为N 1。
如图乙所示，当A 、B 两物块放在固定光滑斜面上时，此时在恒力F 作用下沿斜面向上做匀加速直线运动时的加速度大小为2a ，A 、B 间的相互作用力的大小为N 2，则有关21,a a 和N 1、N 2的关系正确的是( )A.1a ＞2a ，N 1＞N 2B.1a ＞2a ，N 1＜N 2C.1a ＝2a ，N 1＝N 2D.1a ＞2a ，N 1＝N 23．如图所示，物体P 以较大的初速度在斜面上匀速下滑，在下滑过程中发现地面对斜面的静摩擦力为零。
现在下滑过程中对物体P 施加一垂直斜面向下的力F(F 的大小未知)，在继续下滑的过程中，下列说法正确的是( )A.物体P 仍可能继续匀速下滑B.地面对斜面的静摩擦力仍然为零C.地面对斜面的静摩擦力水平向左D.地面对斜面的静摩擦力水平向右4．“蹦极”是一项刺激的极限运动，运动员将一端固定的长弹性绳绑在踝关节处，从几十米高处跳下。
四川省成都外国语学校2017届高三上学期11月月考试题 物理 Word版含答案
二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项是符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分。
有选错的得0分。
14．暗物质是二十一世纪物理学之谜，对该问题的研究可能带来一场物理学的革命．为了探测暗物质，我国在2015年12月17日成功发射了一颗被命名为“悟空”的暗物质探测卫星．已知“悟空”在低于同步卫星的轨道上绕地球做匀速圆周运动，经过时间t（t小于其运动周期），运动的弧长为s，与地球中心连线扫过的角度为β（弧度），引力常量为G，则下列说法中错误的是( )A．“悟空”的线速度小于第一宇宙速度B．“悟空”的向心加速度大于地球同步卫星的向心加速度C．．15．如图所示，一辆货车利用跨过光滑定滑轮的轻质缆绳提升一箱货物，已知货箱的质量为M，货物的质量为m，货车以速度v向左做匀速直线运动，重力加速度为g，则在将货物提升到图示的位置时，下列说法正确的是（）A．货箱向上运动的速度大于vB．缆绳中的拉力F T 等于（M+m）gC．货箱向上运动的速度等于vcosθD．货物对货箱底部的压力等于mg16．水平传输装置如图所示，在载物台左端给物块一个初速度．当物块通过如图方向转动的传输带所用时间t1．当皮带轮改为与图示相反的方向传输时，通过传输带的时间为t2．当皮带轮不转动时，通过传输带的时间为t3，下列说法中正确的是( )A．t1一定小于t2 B．一定有t2 > t3> t1C．可能有t3＝t2＝t1 D．一定有t1＝t2 < t317．A、B两球沿一直线运动并发生正碰，如图所示为两球碰撞前后的位移﹣时间图象，a、b分别为A、B两球碰前的位移﹣时间图象，c为碰撞后两球共同运动的位移﹣时间图象，若A球质量m=2kg，则由图可知下列结论错误的是（）A．A、B碰撞前的总动量为3 kg.m/sB．碰撞时A对B所施冲量为﹣4 N.sC．碰撞前后A的动量变化为4 kg.m/sD．碰撞中A、B两球组成的系统损失的动能为10 J18．如图所示在足够长的光滑水平面上有一静止的质量为M的斜面，斜面表面光滑、高度为h、倾角为θ．一质量为m（m＜M）的小物块以一定的初速度沿水平面向右运动，不计冲上斜面过程中的机械能损失．如果斜面固定，则小物块恰能冲到斜面的顶端．如果斜面不固定，则小物块冲上斜面后能达到的最大高度为（）A．h B．C． D．19．有一电场强度方向沿x轴方向的电场，其电势ϕ随x的分布如图所示。
【解析】四川省成都市外国语学校2018届高三11月月考理综物理试题 Word版含解析【 高考】
成都外国语学校2015级高三11月月考二、选择题：1. 如图所示，质量为的小物体（可视为质点）静止地放在半径为R、质量为的半球体上，小物体与半球体间的动摩擦因数为，物体与球心的连线与水平地面的夹角为，整个装置静止.则下面说法正确的是A. 地面对半球体的摩擦力方向水平向左B. 小物体受到的摩擦力大小为C. 半球体受到小物体的作用力大小为D. 变大（始终为锐角）时，地面对半球体的支持力增大【答案】C【解析】A、以质点和半球体整体作为研究对象,受到重力和地面对半球体的支持力,地面对半球体没有摩擦力,故A错误；B、,对小物块受力分析,受重力,支持力和静摩擦力,将重力按照作用效果正交分解,如图由于物体静止在半球上,处于平衡态，沿切向列平衡方程:，故B错误；C、小物块处于平衡状态，有平衡知：N和f的合力应该等于小球的重力mg，即半球体受到小物体的作用力大小为，故C正确；D、以整体为对象，由平衡条件得:地面对半球体的支持力不变,故D错误；综上所述本题答案是：C2. 甲、乙两质点在同一直线上运动，其位移—时间（）图像如图所示，其中乙的图线为抛物线.关于甲、乙在时间内的运动的看法，以下正确的是A. 甲、乙在该段时间内的平均速度相同B. 甲、乙的运动方向始终相同C. 乙始终比甲运动快D. 甲、乙在时刻相距最远【答案】A【解析】A、从位移—时间图像可得，在内甲的位移与乙的位移相等，根据平均速度公式可得，内乙的平均速度等于甲的平均速度，选项A正确、B、在位移—时间图像中，切线的斜率代表的是速度，从图像上可以看出甲一直朝正方向运动，而乙先朝负方向运动，再朝正方向运动，故B错误；C、在位移—时间图像中，切线的斜率代表的是速度，从图像上可以看出，乙的速度不是一直大于甲的速度，故C错误；D、甲、乙相距最远的位置，应该在图像上找同一时刻两点之间的最远距离，从图形上看，时刻，不是两者最远的位置，故D错误；综上所述本题答案是：A3. 研究发现太阳系外有一颗适合人类居住的星球A，星球A的质量约为地球质量的2倍，直径约为地球直径的2倍，其自转周期与地球自转周期近似相等.则A. 同一物体在星球表面的重力约为在地球表面的重力的倍B. 星球的卫星的最大环绕速度与地球卫星的最大环绕速度近似相等C. 若星球的卫星与地球的卫星以相同的轨道半径运行，则两卫星的线速度大小近似相等D. 星球的同步卫星的轨道半径与地球的同步卫星的轨道半径近似相等【答案】B【解析】A、由可以知道: ,故A错误；B、根据万有引力提供向心力得: ,得最大环绕速度: ,即星球的卫星的最大环绕速度与地球卫星的最大环绕速度近似相等，故B正确C、若星球的卫星与地球的卫星以相同的轨道半径运行，根据万有引力提供向心力得:，得卫星的环绕速度：则，故C错误；D、根据题给条件星球自转周期与地球自转周期近似相等，根据万有引力提供向心力得：得： ,故D错误；综上所述本题答案是：B4. 里约奥运会我国女排获得世界冠军，女排队员“重炮手”朱婷某次发球如图所示，朱婷站在底线的中点外侧，球离开手时正好在底线中点正上空3.04m处，速度方向水平且在水平方向可任意调整.已知每边球场的长和宽均为9m，球网高2.24m，不计空气阻力，重力加速度.为了使球能落到对方场地，下列发球速度大小可行的是A. 22m/sB. 23m/sC. 25m/sD. 28m/s【答案】B【解析】恰好能过网时，根据得，，则击球的最小初速度，球恰好不出线时，根据，得则击球的最大初速度：，注意运动距离最远是到对方球场的的角落点，所以，故B项正确。
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成都外国语学校高2014届高三（上）11月月考理科综合试题试卷分物理、化学、生物三部分，满分300分，考试时间150 分钟。
注意事项：1．答题前，考试务必先认真核对条形码上的姓名，准考证号和座位号，无误后将本人姓名、准考证号和座位号填写在相应位置，2．答选择题时，必须使用2B 铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号；3．答题时，必须使用黑色签字笔，将答案规范、整洁地书写在答题卡规定的位置上； 4．所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效； 5．考试结束后将答题卡交回，不得折叠、损毁答题卡。
物理部分 命题人：王祖彬 审题人：周永志第Ⅰ卷 (选择题 共42分)一、选择题（本题7小题。
每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的、不选的得0分） 1.如图所示，A 、B 两物体相距x=7 m ，物体A 以v A =4 m/s 的速度向右匀速运动，而物体B 此时的速度v B =10 m/s ，只在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度大小为a=2 m/s 2，那么物体A 追上物体B 所用的时间为( ) A.7 s B.8 s C.9 s D.102.A 、B 、C 三个物体如图所示放置在水平面上，所有接触面均不光滑，有一个水平向右的力F 作用在物体C 上，使A 、B 、C 一起向右做匀速运动，则( )A.B 对A 的静摩擦力方向水平向左B.B 对A 的静摩擦力方向水平向右C.C 对A 的静摩擦力方向水平向左D.A 对C 的静摩擦力方向水平向右 3.“飞车走壁”是一种传统的杂技艺术，演员骑车在倾角很大的桶面上做圆周运动而不掉下来.如图所示，已知桶壁的倾角为θ，车和人的总质量为m ，做圆周运动的半径为r ，若使演员骑车做圆周运动时不受桶壁的摩擦力，下列说法正确的是( )A.C.桶面对车的弹力为mg cos θ D.桶面对车的弹力为mgsin θ4.近地人造卫星1和2绕地球做匀速圆周运动的周期分别为T 1和T 2，设在卫星1、卫星2各自所在的高度上的重力加速度大小分别为g 1、g 2，则( )A. 411322g T ()g T =B. 412321g T ()g T =C. 21122g T()g T = D.21221g T()g T = 5.低碳、环保是未来汽车的发展方向.某汽车研发机构在汽车的车轮上安装了小型发电机，将减速时的部分动能转化并储存在蓄电池中，以达到节能的目的.某次测试中，汽车以额定功率行驶一段距离后关闭发动机，测出了汽车动能E k 与位移x 的关系图象如图，其中①是关闭储能装置时的关系图线，②是开启储能装置时的关系图线.已知汽车的质量为1 000 kg,设汽车运动过程中所受地面阻力恒定，空气阻力不计.根据图象所给的信息可求出( )A.汽车行驶过程中所受地面的阻力为1 000 NB.汽车的额定功率为80 kWC.汽车加速运动的时间为22.5 sD.汽车开启储能装置后向蓄电池提供的电能为5×107J6、空间有一沿x 轴对称分布的电场，其电场强度E 随x 变化的图像如图所示。
下列说法正确的是( )A ．O 点的电势最低B ．x 2点的电势最高C ．x 1和- x 1两点的电势相等D ．x 1和x 3两点的电势相等7.传送带用于传送工件可以提高工作效率.如图所示,传送带长度是l ,以恒定的速度v 运送质量为m 的工件,工件从最低点A 无初速度地放到传送带上,到达最高点B 前有一段匀速的过程.工件与传送带之间的动摩擦因数为μ,传送带与水平方向夹角为θ,每当前一个工件在传送带上停止相对滑动时,后一个工件立即放到传送带上,整条传送带满载时恰好能传送n 个工件.重力加速度为g,则下列说法正确的是( )A.在传送带上摩擦力对每个工件做的功为2f mv cos W 2(cos sin )μθ=μθ-θB.在传送带上摩擦力对每个工件做的功为2f 1W mv mg sin 2=+θl C.每个工件与传送带之间由摩擦产生的热量为mvcos Q 2(cos sin )μθ=μθ-θD.传送带满载工件比空载时增加的功率为P=mgv(μcos θ+nsin θ-sin θ)物理部分 第Ⅱ卷(非选择题 共68分)二、实验题（共17分）8[1]（6分）在“验证力的平行四边形定则”实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，橡皮条的另一端系两根细绳，细绳端带有绳套，先用两个弹簧秤分别勾住绳套并互成角度地拉橡皮条，把橡皮条的结点拉到某—位置Ο并记下该点的位置；再用一个弹簧秤将橡皮条结点拉到同—位置Ο点。
A ．两根细绳必须等长B ．橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上C ．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行D ．在用两个弹簧秤同时拉细绳时要注意使两个弹簧秤的读数相等E ．在用一个弹簧秤拉时必须将橡皮条的结点拉到用两个弹簧秤同时拉细绳时记下位置其中正确的是 。
（填入相应的字母）（2）某同学在坐标纸上画出了如图所示的两个已知力F 1和F 2，图中小正方形的边长表示2N ，两力的合力用F 表示，F 1．F 2与F 的 夹角分别为θ1和θ2，关于F 1．F 2与F ．θ1和θ2关系正确的有：____A ． F 1=4 NB ． F = 12 NC ．θ1=45°D ．θ1＜θ2 【2】（11分）.某同学想描绘一只标称为“2.5V，1.5W”的小灯泡的伏安特性曲线，实验室提供下列器材：A ．电流表A 1（量程3.0A ，内阻约0.2Ω）B ．电流表A 2（量程0.6A ，内阻约1Ω）C ．电压表V 1（量程3.0V ，内阻约3k Ω）D ．电压表V 2（量程15.0V ，内阻约10k Ω）E ．滑动变阻器R 1（最大阻值为5Ω，最大允许电流为2A ）F ．滑动变阻器R 2（最大阻值为500Ω，最大允许电流为0.5A ）G ．电源E （电动势3V ，内阻为0.25Ω） H ．电键、导线若干⑴为了更好地完成实验，应选择的器材为：电流表 ，电压表 ，滑动变阻器 ；（选填器材前面的字母）⑵请你在下面的方框中作出实验原理图；⑶正确连接电路后，该同学测出如下表所示的实验数据，请你在坐标纸上描出该灯泡的伏安特性曲线； ⑷该同学完成实验后，又将本实验所用器材按右图所示连 接，闭合开关后将滑动变阻器滑片从左向右滑动，发 现小灯泡先变暗后变亮，则小灯泡最暗时的功率约为 W 。
(结果保留两位有效数字)三、计算题（共3个题、共52分、要求写出必要的步骤和文字说明，只有结果不给分）9.（15分）.如图所示，现在有一个小物块，质量为m=80g ，带上正电荷q=2⨯10－4C 。
与水平的轨道之间的滑动摩擦系数μ =0.2，在一个水平向左的匀强电场中，E=103V/m ，在水平轨道的末端N 处，连接一个光滑的半圆形轨道，半径为R=40cm ，取g =10m/s 2，求：（1）小物块恰好运动到轨道的最高点，那么小物块应该从水平哪个位置释放？（2）如果在上小题的位置释放小物块，当它运动到P （轨道中点）点时对轨道的压力等于多少？10.（17分）消防车的供水系统主要由水泵、输水管道和水炮组成。
如图所示，消防水炮离地高度为H ，建筑物上的火点离地高度为h ，水炮与火点的水平距离为x ，水泵的功率为P ，整个供水系统的效率η=0.6。
假设水从水炮水平射出，其中水泵、输水管道没有画出，水泵放置于地面，不计空气阻力，取g=10m/s 2。
（1）、若H=80m ，h=60m ，水炮出水速度v 0=30m/s ，试求水炮－ + A V U与起火建筑物之间的水平距离x ；（2）、在（1）问中，若水炮每秒出水量m 0=60 kg ，试求水泵的功率P ； （3）、当完成高层灭火后，还需要对散落在火点正下方地面上的燃烧物进行灭火，将水炮竖直下移至H ´=45m ，假设供水系统的效率η不变，水炮出水口的横截面积不变，水泵功率应调整为P ´，则P ´应为多大？11.（19分）如图所示，以A 、B 和C 、D 为断点的两半圆形光滑轨道固定于竖直平面内，一滑板静止在光滑的地面上，左端紧靠B 点，上表面所在平面与两半圆分别相切于B 、C 两点，一物块（视为质点）被轻放在水平匀速运动的传送带上E 点，运动到A 点时刚好与传送带速度相同，然后经A 点沿半圆轨道滑下，再经B 点滑上滑板，滑板运动到C 点时被牢固粘连。
物块可视为质点，质量为m,滑板质量为M=2m ，两半圆半径均为R,板长l=6.5R,板右端到C 点的距离L 在R<L<5R 范围内取值，E 点距A 点的距离s=5R ，物块与传送带、物块与滑板间的动摩擦因数均为，重力加速度g 已知。
(1)求物块滑到B 点的速度大小;(2)求物块滑到B 点时对半圆轨道的压力.;(3)物块在滑板上滑动过程中，当物块与滑板达到共同速度时，测得它们的共同速度为。
试讨论物块从滑上滑板到离开右端的过程中，克服摩擦力做的功与L 的关 系.并判断物块能否滑到CD 轨道的中点。
物理答案一 1C 2A 3AC 4B 5B 6C 7BD 二 8[1] （1）CE （2）BC[2]．⑴ B C E；⑵如下图，共3分，只要有一处错误就不得分；⑶如右图 ⑷1.1-1.2之间 9【解析】（1）物块能通过轨道最高点的临界条件是Rv m mg 2=解得v=2m/s设小物块释放位置距N 处为sR mg mv μmgs Eqs 2212⋅++= 解得s=15.25m ，即小物块应该从在水平位置距N 处为15.25m 处开始释放 （1）物块到P 点时，2p 22121mv EqR mgR mv =++ 解得m/s14p =vURmv Eq F 2p N =- 解得F N =3.0N 由牛顿第三运动定律可得物块对轨道的压力：N 3N N=='F F 10解析】 根据平抛运动规律，有221)(gt h H =- ①11.【解析】（1）设物块滑到B 点的速度大小为u B ,对物体从E 到B 过程，根据动能定理得 .解得：.（2）物块在B 点时，根据牛顿第二定律午 .解得： .（3）物块从B 滑上滑板后开始作匀速运动，此时滑板开始作匀速直线运动，当物块与滑板达共同速度时，二者开始作匀速运动。
由题意知它们的共同速度为.此过程，对物块据动能定理得 .解得s 1=8R .此过程，对滑板据动能定理得 .解得s2=2R .由此可知物块在滑板上滑过s1－s2=6R时，二者就具有共同速度了。
因为6R<6.5R,所以物块并没有从滑板上滑下去 .讨论：当R<L<2R时，物块在滑板上一直匀减速运动至右端，运动的位移为 6.5R+L，克服摩擦力做的功.设滑上C点的速度为uc，对物块根据动能定理得.）解得，所以物块不可能滑到CD轨道的中点.当2R≤L<5R时，物块的运动的匀减速运动8R，匀速运动L-2R，再匀减速运动0.5R，克服摩擦力做的功.解得，所以物块不能滑到CD轨道的中点 .。