流体力学例题及思考题-第三章

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流体力学课后习题详解(第三、四章)

流体力学课后习题详解(第三、四章)

第三章 流体运动学3-1解:质点的运动速度1031014,1024,1011034=-=-==-=w v u 质点的轨迹方程1031,52,103000twt z z t vt y y t ut x x +=+=+=+=+=+=3-2 解:2/12/12/3222/12/12/3220375.0232501.02501.00375.0232501.02501.00t t t dt d dt y d a t t t dt d dt x d a a y x z =⨯⨯=⎪⎭⎫⎝⎛⨯===⨯⨯=⎪⎭⎫⎝⎛⨯===由501.01t x +=和10=Ax ,得19.1501.011001.015252=⎥⎦⎤⎢⎣⎡-=⎥⎦⎤⎢⎣⎡-=A x t故206.00146.0146.00,146.0,014619.150375.0222222/1=++=++=====⨯=zyxz x y x a a a a a a a a3-3解:当t=1s 时,点A (1,2)处的流速()()sm s m yt xt v s m s m y xt u /1/1211/5/2211222-=⨯-⨯=-==⨯+⨯=+=流速偏导数112221121,1,/12,1,/1-----=-=∂∂==∂∂==∂∂=∂∂==∂∂==∂∂s t yvs t x v s m t t v s yu s t x u s m x t u点A(1,2)处的加速度分量()[]()()[]222/11151/3/21151s m y v v x v u t v Dt Dv a s m s m yuv x u u t u Dt Du a y x -⨯-+⨯+=∂∂+∂∂+∂∂===⨯-+⨯+=∂∂+∂∂+∂∂==3-4解:(1)迹线微分方程为dt udy dt u dx ==, 将u,t 代入,得()tdtdy dt y dx =-=1利用初始条件y(t=0)=0,积分该式,得221t y =将该式代入到式(a ),得dx=(1-t 2/2)dt.利用初始条件x(t=0)=0,积分得361t t x -=联立(c )和(d )两式消去t,得过(0,0)点的迹线方程023492223=-+-x y y y (2)流线微分方程为=.将u,v 代入,得()tdx dy y tdyy dx =-=-11或将t 视为参数,积分得C xt y y +=-221 据条件x(t=1)=0和y(t=1)=0,得C=0.故流线方程为xt y y =-221 3-5 答:()(),满足满足002,0001=+-=∂∂+∂∂+∂∂++=∂∂+∂∂+∂∂k k zw y v x u zw y v x u()()()(),满足,满足000040223222222=++=∂∂+∂∂+∂∂=+-++=∂∂+∂∂+∂∂zw yv xu yxxyyxxyzw yv xu()()()()()()处满足,其他处不满足仅在,不满足,满足,满足满足,满足0,41049000018001760000522==∂∂+∂∂=∂∂+∂∂=++=∂∂++∂∂=++-=∂∂++∂∂=++=∂∂+∂∂+∂∂y y yv x u yv x u u r r u r u rk r k u r r u r u zw yv xu r r r rθθθθ3-6 解:max 02042020max 20320max 20200max 2020214222111000u r r r r u dr r r r r u rdrdr r u r udA r V r rAr =⎦⎤⎢⎣⎡-=⎥⎦⎤⎢⎣⎡-=⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎣⎡⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛-==⎰⎰⎰⎰⎰πππππ3-7 证:设微元体abcd 中心的速度为u r ,u θ。

流体力学习题及答案-第三章

流体力学习题及答案-第三章

第三章 流体运动学3-1粘性流体平面定常流动中是否存在流函数? 答:对于粘性流体定常平面流动,连续方程为:()()0=∂∂+∂∂yv x u ρρ; 存在函数:v t y x P ρ-=),,(和()u t y x Q ρ=,,,并且满足条件:()()yP x Q ∂∂=∂∂。

因此,存在流函数,且为:()()()dy u dx v Qdy Pdx t y x ρρψ+-=+=⎰⎰,,。

3-2轴对称流动中流函数是否满足拉普拉斯方程?答:如果流体为不可压缩流体,流动为无旋流动,那么流函数为调和函数,满足拉普拉斯方程。

3-3 就下面两种平面不可压缩流场的速度分布分别求加速度。

(1)22222 ,2yx ym v y x x m u +⋅=+⋅=ππ (2)()()()222222222 ,yxKtxyv yxx y Kt u +-=+-=,其中m ,K 为常数。

答:(1)流场的加速度表达式为:yv v x v u t v a y u v x u u t u a x ∂∂+∂∂+∂∂=∂∂+∂∂+∂∂=y ,。

由速度分布,可以计算得到:0 ,0=∂∂=∂∂tvt u ,因此: ()222222y x x y m x u +-⋅=∂∂π,()22222y x xy m y u +-⋅=∂∂π;()22222y x xy m x v +-⋅=∂∂π,()222222y x y x m y v +-⋅=∂∂π。

代入到加速度表达式中:()()()22222222222222222222220y x x m y x xym y x y m y x x y m y x x m a x +⋅⎪⎭⎫⎝⎛-=+-⋅⋅+⋅++-⋅⋅+⋅+=πππππ()()()22222222222222222222220y x y m y x y x m y x y m y x xym y x x m a y +⋅⎪⎭⎫⎝⎛-=+-⋅⋅+⋅++-⋅⋅+⋅+=πππππ(2)由速度分布函数可以得到:()()()322222222 ,y x Kxyt v y x x y K t u +-=∂∂+-=∂∂ ()()3222232y x y x Ktx x u +-⋅=∂∂,()()3222232y x y x Kty y u +-⋅=∂∂; ()()3222232y x x y Kty x v +-⋅-=∂∂,()()3222232yx y x Ktx y v +-⋅-=∂∂。

流体力学第三章习题

流体力学第三章习题

第三章 流体动力学基础3-1 已知速度场为k z x j y x i y x u)()()(2-+-++= (m/s),求(2,3,1)点的速度和加速度。

已已知知::z x u y x u y x u -=-=+=z y x )(2,, 解析:(1) (2,3,1)点的速度为m/s 1m/s 1m/s 10)(2z y x =-=-=-==+=z x u y x u y x u ,, s /m 10.101)1(102222z 2y 2x =+-+=++=u u u u (2) (2,3,1)点的加速度为2x z x y x x x x m/s 1832262602)(2)(20=⨯+⨯=+=+⨯-+⨯++=∂∂+∂∂+∂∂+∂∂=y x y x y x zuu y u u x u u u a τ2y zy yy xy y m/s 1133230)1()(1)(20=⨯+=+=+-⨯-+⨯++=∂∂+∂∂+∂∂+∂∂=y x y x y x zu u yu u xu u u a τ2z z z y z x z z m/s 913222)1()(01)(20=+⨯+=++=-⨯-++⨯++=∂∂+∂∂+∂∂+∂∂=z y x z x y x zu u y u u x u u u a τ22222z 2y 2x s /m 93.2291118=++=++=a a a a3-2 已知速度场为k z y j y i x u )34()(2)3(2-+-++=ττ (m/s),求τ=2秒时,位于(2,2,1)点的速度和加速度。

已已知知::z y u y u x u )34()(23z 2y x -=-=+=,,ττ解析:(1) τ=2秒、位于(2,2,1)点的速度为m/s 5)34(m/s 4)(2m/s 83z 2y x =-=-=-==+=z y u y u x u ,,ττ s /m 25.105)4(82222z 2y 2x =+-+=++=u u u u (2) τ=2秒、位于(2,2,1)点的加速度为2x z x y x x x x m/s 251)223(31)3(3003)3(1=++⨯⨯=++=++⨯++=∂∂+∂∂+∂∂+∂∂=τττx x zuu y u u x u u u a2222y zy yy xy y m/s 342)22(282)(80)4()(202=+-⨯⨯=+-=+-⨯-++=∂∂+∂∂+∂∂+∂∂=τττy y y y zu u yu u xu u u a2222222z z z y z x z z m/s 91)324()22(18)34()(8)34(4)(200=⨯-⨯+-⨯⨯=-+-=-+⨯-++=∂∂+∂∂+∂∂+∂∂=z y y z zy z y zuu y u u x u u u a τττ22222z 2y 2x s /m 15.4393425=++=++=a a a a3-3 已知二维流场的速度分布为j x y i x y uττ)96()64(-+-= (m/s)。

工程流体力学课后答案 第三章 流体动力学基础

工程流体力学课后答案  第三章 流体动力学基础

第3章 流体动力学基础3.1 解: zuu y u u x u u t u a x z x y x x x x ∂∂+∂∂+∂∂+∂∂=()()342246222222222=++++=+-++++=++=z y x t z y t y x t u u y xzu u yu u xu u tu a y zy yy xy y ∂∂+∂∂+∂∂+∂∂=()()32111=-++=-+++--=+-=z y x z x t z y t u u x yzu u y u u x u u t u a z z z y z x z z ∂∂+∂∂+∂∂+∂∂=()()112122211=++++=-+-+++=-+=z y x t z y t y x t u u z x222286.35s m a a a a z y x =++=3.2 解:(1)3235623=-=+=xy xy u xy y u a y x x222527310.3333231s m a a a y u y a y x y y =+===-=(2)二元流动(3)恒定流 (4)非均匀流 3.3 解:bh u y h u bdy h y u udA Q h hA m ax 07871m ax 071m ax 8787==⎪⎭⎫ ⎝⎛==⎰⎰ m ax 87u A Q v ==3.4 解:s m dd v v 02.011.02221221=⎪⎭⎫ ⎝⎛⨯=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛= 3.5 解:Hd v d 1v 1q 1q 2223d 3v Dv 1dv 2(1)s m v d Q 332330785.04==πs m q Q Q 32321.0=+= s m Q q Q 321115.0=+=(2)s m d Q v 12.242111==πs m d Q v 18.342222==π 3.6 解:渠中:s m m m s m bh v Q 311612/3=⨯⨯==管中:2231242.1d v s m Q Q Q ⨯⨯==-=πm v Q d 0186.1422==π 3.7 解: s m d d v v ABB A62.04.05.1442222=⨯=⋅=ππ以过A 点的水平面为等压面,则OmH g v g p h H OmH g v g p H B B B A A A 2222226964.58.925.18.9405.128980.48.9268.9302=⨯++=++==⨯+=+=ρρ可以看出:A B H H >,水将从B 点流向A 点。

流体力学课后题题解(第3章)

流体力学课后题题解(第3章)

第三章 流体动力学3-1.重度Y ii =8.82kN/m 3的重油,沿直径d=150mm 的输油管路流动,其 重量流量G=490kN/h,求体积流量Q 及平均流速v ?3 3解:490kN / h8.82kN /m 30.0154321m 3/s二(0.15m)2/4-0.873278m/s3-2.图示一渐扩形的供水管段,已知:d=15cm, D=30cm, p A =6.86N/cm 2, p B =5.88N/cm 2, h=1m ; V B =1.5m/s 。

问V A 二? 水流的方向如何?水头损失为V B A B 1.5 D 2 B = 2=6m/sA A d 2设流向为由A 到B ,则有:解:VA A A =VB A B 2 2+止= z +止+冬+ h2g B2gl即: 0 6.86 104N /m 2 (6m/s)2… 5.88 104 1.52― 1.0h l9800N /m 3解出h l=1.72194mH 2O >0则流向的确为由A 到B 。

3-3汕3-3附国2解: 0 迪=0; 2g3V 2 二Q 2700雹/s= 550.0395cm/s叱I /4 江汉2.5 /4V 1■ D 2/42700cm 3 /s—cmT"51cm/s解出:p '=-0.634N/cm 2,为相对压强,即负的真空度 h v ,即h v =0.634N/cm 2,x i曲s-f 刚图水平管路中装一只汾丘里水表。

已知 D=5cm , d=2.5cm , pl=0.784N/cm 2,水的流量Q=2.7升/秒。

问h v 为若干毫米水银柱?(不计损失)二55.556m3/h 二0.0154321m3/ s而1N/cm2=75.061mmHg,故h v=47.588 mmHg。

3-4水银压差计连接在水平放置的汾丘里流量计上。

今测得其中水银面高差h=80mm。

已知D=10cm, d=5cm,汾丘里流量计的流量系数卩=0.98 问水通过流量计的实际流量为若干?解:0 . P . v! = 0 . p .遵P1- P2 _ v2 _ V:w 2g _w 2g w 「2g而p i w(X i D/2) = p2 M h wX d/2)即P i w(h X2 d/2) = p2 M h w(X2 d /2)贝U P i - P2 = h( M -w) —---- -- - h(— - 1) = 100.8mw w2 2 2二v2 -v1 = 2g 汉100.8cm = 197568(cm/s)V1A1 = V2 A?故v2 = 197568(:m/S)二210739.2 ; V2 二459.06cm/ s-(D)4贝U Q =J v2A^ 0.98 459.06cm/s 二52/^ 8833.415cm3/ s= 8.83 升/s3-5某选矿厂的一台碎矿机,每小时可以处理矿石352.8kN。

流体力学第三章课后习题答案

流体力学第三章课后习题答案

流体力学第三章课后习题答案流体力学第三章课后习题答案流体力学是研究流体运动和流体力学性质的学科。

在学习流体力学的过程中,课后习题是巩固知识和提高理解能力的重要环节。

本文将为大家提供流体力学第三章的课后习题答案,帮助读者更好地掌握流体力学的相关知识。

1. 一个液体的密度为1000 kg/m³,重力加速度为9.8 m/s²,求其比重。

解答:比重定义为物体的密度与水的密度之比。

水的密度为1000 kg/m³,所以比重为1。

因此,该液体的比重也为1。

2. 一个物体在液体中的浮力与物体的重力相等,求物体在液体中的浸没深度。

解答:根据阿基米德原理,物体在液体中的浮力等于物体所排除液体的重量。

浮力的大小等于液体的密度乘以物体的体积乘以重力加速度。

物体的重力等于物体的质量乘以重力加速度。

根据题目条件,浮力等于重力,所以液体的密度乘以物体的体积等于物体的质量。

浸没深度可以通过浸没体积与物体的底面积之比来计算。

3. 一个圆柱形容器中盛有液体,容器的高度为10 cm,直径为5 cm,液体的密度为800 kg/m³,求液体的压强。

解答:液体的压强等于液体的密度乘以重力加速度乘以液体的深度。

容器的高度为10 cm,所以液体的深度为10 cm。

重力加速度为9.8 m/s²,所以液体的压强为800 kg/m³乘以9.8 m/s²乘以0.1 m,即784 Pa。

4. 一个水龙头的出水口半径为2 cm,水流速度为10 m/s,求水龙头出水口附近的压强。

解答:根据质量守恒定律,水流速度越大,压强越小。

根据伯努利定律,水流速度越大,压强越小。

因此,水龙头出水口附近的压强较小。

5. 在一个垂直于水平面的圆柱形容器中,盛有密度为900 kg/m³的液体。

容器的半径为10 cm,液体的高度为20 cm。

求液体对容器底部的压力。

解答:液体对容器底部的压力等于液体的密度乘以重力加速度乘以液体的高度。

流体力学课后习题答案 第3章习题

流体力学课后习题答案 第3章习题

0
0
x
2 Q2 Q1 2 Q
1
Q1
45°
2
Q2
1
2
Q Q1 Q2
Q2 Q1
2Q 2
Q1
1
2 2
0.172
Q2 1 2
2
Q
0 1
Q1
1
0
45°
y
x
2
Q2
2
解:
VA
Q AA
3.18m/s
Q VB AB 5.66m/s
列A和B面伯努利方程:
pgA
VA2 2g
pBg
VB2 2g
A
1.8m
以2-2为基准面,列1-1和2-2面
d
伯努利方程:
1
1
z1
V12 2g
V22 2g
V 12.364m/s 2 2
6.0m
2
G F Q V3 V2
F
3d
1.8m
3
F G Q V2 V3 2.32KN
1
4m
1
2
3
d2
B
V2
2
pM 1
2gz1
8.745m/s
4m
d1
4m
4m
2
A
3
所以:(1)Q V2 A2 0.154m3/s (2)VA Q / A1 19.677m/s
(3)管中压强最低点的位置及其负压值 M
分析:压强最低点应是位置最 高或速度最高点,只有可能是 1 2点3点
解:以2-2为基准面,列3-3和2 -2面伯努利方程:
z3
pMg3
V32 2g
pMg2
V2 2 2g

最新《流体力学》徐正坦主编课后答案第三章解析资料

最新《流体力学》徐正坦主编课后答案第三章解析资料

第三章习题简答_ 2 23-1已知流体流动的速度分布为5 = X - y , U y =/xy ,求通过x-hy.的一条流线。

解:由流线微分方程d ^= dy 得U ydx =u xdy 则有U x U y32 2 2 2y-2xydx = (x -y )dy 两边积分可得 -yx= x yC即 y 3「6x 2y C = 0将x=1,y=1代入上式,可得 C=5,则 流线方程为y 3 -6x 2y • 5 =03-3 已知流体的速度分布为Ux = _c^y = Y°ty U yY xx o tx'(⑷ >o ,鈕 >o )试求流线方程,并画流线图。

解:由流线微分方程dx - dy 得U y dx =u x dy 则有U xU y2 2;o txdx - - ;o tydy 两边积分可得x y C流线方程为x 2 y 2 =C3-5 以平均速度v =1.5m/s 流入直径为D=2cm 的排孔管中的液体,全部经 8个直径 d=1mm 的排孔流出,假定每孔出流速度依次降低 2%,试求第一孔与第八孔的出流速度各为多少?题3-5图解:由题意得:V 2=V I (1-2%) , V 3=V I (1-2%)2,…,V 8=V I (1-2%)7 根据质量守恒定律可得Q 二 Q 1 Q 2 Q 3QfTFfTFfTFiTFfTF2■ 2■ 2■ 2■ 2v _D一d ■ v 2 一dv 3 一d 打 咲 V 8 _d44 44 4题3-6图解:取1-1和2-2断面,并以2-2断面为基准面 列1-1、2-2断面的伯努利方程2 2H 邑工"匹匕电 2gPg 2g3-8 利用毕托管原理测量输水管的流量如图示。

已知输水管直径d=200mm ,测得水银差压计读书h p =60mm ,若此时断面平均流速 v = 0.84U max ,这里U max 为毕托管前管轴上 未受扰动水流的流速。

第三章 管流和边界层-工程流体力学

第三章 管流和边界层-工程流体力学


早在19世纪初,水力学家发现:由于液体具 有粘性,在不同的条件下,液体的断面流速分布 不同,液流的能量损失的规律也不相同。
图2 不同条件下的圆管流速分布图
1883年,英国科学家雷诺(Osborne Reynolds)做了著名 的雷诺实验,试图找到流动中由于粘性存在而产生的能量损 失规律。 ——雷诺实验(Reynolds experiment )
水力光滑和水力粗糙管

• 水力光滑壁面(管)(hydraulic smooth wall):

雷诺 生平简介

雷诺(O.Reynolds,1842-1912): 英国力学家、 理学家和工程师,1842年8月23日生 于爱尔兰,1867年毕业于剑桥大学王后 学院,1868年出任曼彻斯特欧文学院 (后改名为维多利亚大学)首席工程学教 授,1877年当选为皇家学会会员,1888 年获皇家勋章。雷诺于1883年发表了一 篇经典性论文—《决定水流为直线或曲线 运动的条件以及在平行水槽中的阻力定律 的探讨》。这篇文章用实验说明水流分为 层流与紊流两种形态,并提出以无量纲数 Re作为判别两种流态的标准。雷诺于 1886年提出轴承的润滑理论,1895年在 湍流中引入应力的概念。他的成果曾汇编 成《雷诺力学和物理学课题论文集》两卷。
v x (r)
x
边界条件 r r0
x r

x
0
2
r
2
ro 4

d dx
p
gh
速度分布
r 0 处
x m ax
ro
2
d
4 dx
p gh
最大速度
阻力的计算方法
hf p 8 l U r g

工程流体力学第三章部分习题答案

工程流体力学第三章部分习题答案

概念题
伯努利方程的适用条件
伯努利方程适用于不可压缩、无粘性、无热传导的理想流体在重力场作稳定流动时,流体的动能、势能和内能相互转化的守 恒定律。
概念题
流体阻力的类型
流体阻力包括摩擦阻力和形状阻力。摩擦阻力是由于流体内 部摩擦而产生的阻力,形状阻力是由于流体流经物体时,因 流体速度变化而产生的阻力。
工程流体力学第三章部 分习题答案
contents
目录
• 习题一:基础概念理解 • 习题二:流体运动分析 • 习题三:流体压力和阻力 • 习题四:流体的无损检测技术
习题一:基础概念理
01

概念题
理解概念 题目:解释流线、迹线、流管、流束、流量等基本概念。
概念题
流线
表示某一瞬时流场中流体质点的 运动轨迹线,流线上各点的方向 与流速方向一致。
概念题
流体阻力的影响因素
流体阻力的影响因素包括流体的性质、 流速、物体的形状和大小、流道表面 的粗糙度等。
计算题
流体静压力的计算
根据流体静压力的定义,流体静压力的大小可以用流体深 度和当地的重力加速度计算得出。如果已知流体的密度和 重力加速度,也可以用流体质量和重力加速度计算得出。
计算题
伯努利方程的应用
计算题
题目
计算流体通过某一管道的流量。
答案
根据流量公式,流体通过某一管道的流量Q可以表示为Q = A × v,其中A为管 道截面积,v为流体在管道中的平均流速。如果已知管道截面积A和流速v,可以 直接计算出流量Q。
03
习题三:流体压力和
阻力
概念题
流体静压力的概念
流体静压力是指流体在静止状态下,由于重力作用在单位面积上的力,其大小与深度有关,深度越大 ,压力越大。

(完整版)流体力学第三章课后习题答案

(完整版)流体力学第三章课后习题答案

一元流体动力学基础1.直径为150mm 的给水管道,输水量为h kN /7.980,试求断面平均流速。

解:由流量公式vA Q ρ= 注意:()vA Q s kg h kN ρ=⇒→//A Qv ρ=得:s m v /57.1=2.断面为300mm ×400mm 的矩形风道,风量为2700m 3/h,求平均流速.如风道出口处断面收缩为150mm ×400mm,求该断面的平均流速 解:由流量公式vA Q = 得:A Q v =由连续性方程知2211A v A v = 得:s m v /5.122=3.水从水箱流经直径d 1=10cm,d 2=5cm,d 3=2.5cm 的管道流入大气中. 当出口流速10m/ 时,求(1)容积流量及质量流量;(2)1d 及2d 管段的流速解:(1)由s m A v Q /0049.0333==质量流量s kg Q /9.4=ρ (2)由连续性方程:33223311,A v A v A v A v ==得:s m v s m v /5.2,/625.021==4.设计输水量为h kg /294210的给水管道,流速限制在9.0∽s m /4.1之间。

试确定管道直径,根据所选直径求流速。

直径应是mm 50的倍数。

解:vA Q ρ= 将9.0=v ∽s m /4.1代入得343.0=d ∽m 275.0 ∵直径是mm 50的倍数,所以取m d 3.0= 代入vA Q ρ= 得m v 18.1=5.圆形风道,流量是10000m 3/h,,流速不超过20 m/s 。

试设计直径,根据所定直径求流速。

直径规定为50 mm 的倍数。

解:vA Q = 将s m v /20≤代入得:mm d 5.420≥ 取mm d 450= 代入vA Q = 得:s m v /5.17=6.在直径为d 圆形风道断面上,用下法选定五个点,以测局部风速。

设想用和管轴同心但不同半径的圆周,将全部断面分为中间是圆,其他是圆环的五个面积相等的部分。

吴望一《流体力学》第三章习题参考答案

吴望一《流体力学》第三章习题参考答案

吴望一《流体力学》第三章习题参考答案1.解:CV CS d V s dt tτϕϕδτδτϕδ∂=+⋅∂⎰⎰⎰ 由于t 时刻该物质系统为流管,因而侧面上ϕ的通量=0,于是(1)定常流动0t ϕ∂=∂,222111dV d V d dt τϕδτϕσϕσ=-⎰,设流速正方向从1端指向2端。

(2)非定常流动222111CV d V d V d dt t τϕϕδτδτϕσϕσ∂=+-∂⎰⎰ 2.解:取一流体微团,设其运动方程为(,,,)(,,,)(,,,)x x a b c t y y a b c t z z a b c t =⎧⎪=⎨⎪=⎩,由质量守恒得,在0t =和t 时刻()(),,,0,,,a b c dadbdc a b c t dxdydz ρρ=利用积分变换可知()(),,,,x y z dxdydz J dadbdc a b c ∂==∂(雅可比行列式),于是()(),,(,,,0)(,,,),,x y z a b c dadbdc a b c t dadbdc a b c ρρ∂=∂()()()(),,,,,0,,,,,x y z a b c a b c t a b c ρρ∂=∂3.(控制体内流体质量的增加率)=-(其表面上的质量通量)(2)球坐标系下选取空间体元(控制体)2sin r r δτθδδθδϕ=。

单位时间内该空间内流体质量的增量为2sin r r t tρρδτθδδθδϕ∂∂=∂∂ 该控制体表面上的质量通量:以 r e 和-r e 为法向的两个面元上的质量通量为()2sin |sin |sin r r r r r r v r v r r v r r r rδρρδθθδϕρδθθδϕδδθδϕθ+∂-+=∂以 e θ和-e θ为法向的两个面元上的质量通量为()sin sin |sin |v v rr v rr r r θθθθθδθρθρδθδϕρδθδϕδδθδϕθ+∂-+=∂以e ϕ 和-e ϕ为法向的两个面元上的质量通量为()||v v r r v r r r r ϕϕϕϕϕδϕρρδθδρδθδδδθδϕϕ+∂-+=∂ 所以()()()22sin sin sin 0r v r v vr r r t rϕθρρρθρθθθϕ∂∂∂∂+++=∂∂∂∂即()()()22sin 110sin sin r v r v v tr r r rϕθρρρθρθθθϕ∂∂∂∂+++=∂∂∂∂ (3)柱坐标系下选取空间体元(控制体)r r z δτδθδδ= 单位时间内该空间内流体质量的增量为 ()r r z r r z t tρδδθδρδδθδ∂∂=∂∂该控制体表面上的质量通量为()()()r z rv v v r z r z r r z r zθρρρδδθδδδθδδδθδθ∂∂∂++∂∂∂ 所以()()()0r z rv v v r r t r zθρρρρθ∂∂∂∂+++=∂∂∂∂ 即()()()0r z v r v v t r r r zθρρρρθ∂∂∂∂+++=∂∂∂∂ (4)极坐标系下选取面元(控制体)s r r δδθδ=,可认为该面元对应以该面元为底面的单位高度的柱体。

流体力学A第3章习题答案及解题思路

流体力学A第3章习题答案及解题思路
3-1
(1)定常,一维(2)定常,一维(3)定常,二维(4)定常,三维(5)非定常,二维(6)非定常,三维
根据速表达式中是否含有时间t判断是否定常:含有时间t是定常的,否则是非定常的;按照速度表达式中有几个坐标变量判断流动维数:有ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ个(如x,y,z)是三维;有两个是二维;只有一个是一维,不能按照有几个方向的速度投影判断。
3-9
有可能存在
根据二维极坐标的连续性方程(3-35)
3-2
(1)二维流动;
(2)ax=2x3y2-(1/3)x2y3
ay=(1/3)y5az=x2y2-(1/3)xy3
代入点的坐标(1,2,3)得
ax=16/3ay=32/3az=4/3
利用加速度的定义式,由于是定常流动,公式中对时间的偏导数为零
此题给的速度分布不符合连续性方程x=xy2更合理
3-3
流线方程(x+2t)(-y+t-3)=c;通过点p(-1,-1)的流线为:x(y+3)=-2
第1小题的速度分布有个印刷错误最后一个速度表达式应为?z38出口密度522kgm3质量流量768?103根据一维流动的连续性方程?1v1a1?2v2a239有可能存在根据二维极坐标的连续性方程335ddddddxxxxxxxyzyyyyyyxyzzzzzzzxyzattxyzattxyzattxyz???????????????????????????????????????????????????????????????
根据流线微分方程并积分;
3-4
流线方程x2+y2=c一组一原点为圆心的同心圆,逆时针流动方向
根据流线微分方程并积分;流动方向判断可从流线上找出任意一点画出x和y方向并合成速度矢量方向

流体力学第三章习题讲解

流体力学第三章习题讲解

4 .0 m
总 水 头 线
3 .2 m 3 .0 m
H=4m
测 压 管 水 头 线
0 .8 m 0 A
3-26
总水头线 测压管水头线
总 水 头 线
测 压 管 水 头 线
总 水 头 线 测 压 管 水 头 线
总 水 头 线
测 压 管 水 头 线来自p1 v12 v 22 2g 2g
Q 0 .4 v 3 .1 8m 1 s A 2 1 0 .4 4
提问
• 恒定元流能量方程是怎样的?各项的含义 是什么?方程的推导是在什么条件下得到 的?
• 什么是均匀流?均匀流过流断面上的压强 分布是怎样的? • 恒定总流伯努利方程是怎样的?
提问
• 恒定总流能量方程式的推导是在什么前
提条件下进行的? • 节流式流量计有哪三种? • 文丘里流量计的工作原理是什么?
p1 v 22 v12 2g 2g
2 A v 0 . 4 11 m v 2 3 . 1 8 5 1 2 s A 0 . 1 2
p 1
2 2 5 1 3 .1 8 1 3 2 m 2 g 2 g
K N p h 1 3 2 9 . 8 0 7 1 3 0 0 2 1 m
2 2 3 . 9 6 1 . 9 8 3 p ( 4 2 . 5 * 4 ) * 9 . 8 * 1 01 1 . 7 6 k p 2 a 2 * 9 . 82 * 9 . 8
各段的损失
2 2 v 1 .9 8 1 4 4 0 .8 m 2g 2*9 .8
2 2 v 3 .9 6 2 3 4 2 .4 m 2g 2*9 .8
• 节流式流量计的缺点是什么?为什么?

流体力学课后习题及答案-第3章

流体力学课后习题及答案-第3章

3-1 用欧拉法表示流体质点的加速度 a等于:u u tu d u u c t u b t r a)()( ;))(( ;)( ;d d )(22∇⋅+∂∂∇⋅∂∂3-5 无旋流动限于:(a) 流线是直线的流动; (b) 迹线是直线的流动; (c) 微团无旋转的流动; (d) 恒定流动。

3-8 已知流速场 31 32xy u y u xy u z y x =-==,,试求: (1)点(1,2,3)的加速度; (2)是几元流动; (3)是恒定流还是非恒定流。

解: (1) 先求加速度各分量43223102310xy xy y y xy z u u y u u x u u t u a x z x y x x x x =+⋅-⋅+=∂∂+∂∂+∂∂+∂∂=523310))(31(00y y y z u u yu u xu u tu a yzy yy xy y =+--++=∂∂+∂∂+∂∂+∂∂=332320310xy x y y xy z u u y u u x u u t u a z z z y z x z z =+⋅-⋅+=∂∂+∂∂+∂∂+∂∂=将x =1,y =2, z =3代入以上各式得2m/s 33.5=x a 2m/s 67.10=y a 2m/s 33.5=z a2222m/s 06.13=++=z y x a a a a (2)是三元流动; (3)是恒定流。

3-14 已知不可压缩流体平面流动,在 y 方向的速度分量为y x y u y 222+-=。

试求速度在x 方向的分量 u x 。

解: 由不可压缩流体平面流动的连续性微分方程得22--=∂∂-=∂∂y yu x u y x )(22 y f x xy u x +--=⇒3-15 如图在送风道的璧上有一面积为0.4m 2的风口,试求风口出流的平均速度解: 风口出流流量为/s m 5.15.243=-=Q风口过流断面面积为2m 2.030sin 4.0== A风口出流的平均速度为m/s 5.7==AQv 3-18 已知流动速度场为 32 32 32y x u x z u z y u z y x +=+=+=,,试求旋转角速度和角变形速度。

(流体力学)第1~5章思考题解答

(流体力学)第1~5章思考题解答

(流体力学)第1~5章思考题解答《工程流体力学》思考题解答第1章绪论1.1 答:流体与固体相比,流体的抗剪切性能很差,静止的流体几乎不能承受任何微小的剪切力;在一般情况下,流体的抗压缩性能也不如固体的抗压缩性能强。

液体与气体相比,液体的压缩性与膨胀性均很小,能够承受较大的外界压力,而气体由于压缩性和膨胀性都很大,所以气体不能承受较大的外界压力。

气体受压时,变形通常会非常明显。

1.2——1.7答:④①④①④④1.8正确。

1.9错误。

第2章流体静力学基础思考题2.1答:C2.2答:D2.3答:不能认为压强是矢量,因为压强本身只是流体内部位置坐标点的函数,与从原点指向该点的方向转角没有关系。

2.4答:测管1和测管2液面与容器中液面0-0不平齐。

测管1液面比测管2液面要高,因为液体1的密度比液体2的密度要小。

2.5答:两个底面上所受的静水总压力相同,而两个秤盘上所称得的重量不相同。

这是因为两个容器内所盛液体的质量不相同,而秤盘上得到的重量取决于容器内液体的质量。

(或两图的压力体不同。

)2.6答:该浮力不会使圆柱绕轴O转动。

根据静水压强的垂直性可以知道,圆柱体上每一个点所受到的压强都垂直与该点并指向圆柱体的轴心,所以,不会对圆柱体产生任何转动的力矩作用。

2.7答:修改后图:油水ABCDEA BBC C相等第3章流体动力学基础3.1 答:Lagrange方法以个别流体质点的运动作为观察对象,综合每个质点的运动来获得整个流体的运动规律,其函数表达式为个别质点运动的轨迹方程。

Euler 方法以流体运动所经过的空间点作为观察对象,观察同一时刻各固定空间点上流体质点的运动,综合不同时刻所有空间点的情况,构成整个流体运动。

3.2 答:流线是表示某一瞬时流动方向的曲线,该曲线上所有各点的流速矢量均与曲线相切。

流线的性质:a. 恒定流时,流线的形状和位置不随时间而改变;b. 恒定流时流体质点运动的迹线与流线重合;c. 除特殊点外,流线不能相交;d. 除特殊点外,流线是不发生转折的光滑曲线(或直线)。

工程流体力学答案第三章(杜广生)习题解答

工程流体力学答案第三章(杜广生)习题解答
(7)
p1 p +z1 2 +z2 = w 1 H g g
由式(3) 、 (7)得:
2 2 w 1 H = 2g
12
2g
(8)
第 4 页 共 25 页
《工程流体力学(杜广生) 》习题答案
q d V 2 2 d q dA( x) 1 dA( x) qV A( x) = qV = ax x x = V 2 3 dx A( x) dx A( x) A ( x) dx A ( x) dx
6. 解:
根据已知条件,有:
x
dx dy y x , y ,代入流线微分方程: = 可得: x y 2 (x y ) 2 (x y )
y t x y x y y y z y z 0 0 9y 0 9y
ay
az
z x z y z z z 0 0 0 8z3 8z3 t x y z
3 2 3
根据不可压缩管流连续性方程: 1 A1 =2 A2 , 代入已知参数,可以得到:
1 1 0.3 0.52 =2 0.0382 ,求解方程,可得: 2 =51.94m /s 4 4
14. 解:
列 1-1,2-2 缓变流截面的伯努利方程:
1a21
2 p1 2a p 2 z1 z2 2 +hw (1) 2g 2g g g
ax
x x x y x z x 1 0+(xz t )z xy 2 1 (xz t )z xy 2 t x y z
y t x y x y y y z y z 1 (yz t )z 0 x 2 y 1 (yz t )z x 2 y

工程流体力学第三章部分习题答案.ppt

工程流体力学第三章部分习题答案.ppt

2v22 2g
+h w12
3 0 0 0 0 v22 +1.6 2g
Q V2 A2
29.81.4 1 3.14 0.012 4.11104 m3 / s 4
1
1
i1
0.6 10
0.06
i2
1 10
0.1
2 2
题3-14
z1
p1
1v12 2g
H
z3
p3
3v32 2g
+h w13
z2
p2
2v22 2g
+h
w12
1
2
p1 1v12 p2 2v22 2g 2g
v1=1.49 m/s v2=23.84 m/s
2.4 98000 1.49 2
p2
23.84 2
0.9 9800 2g 0.9 9800 2g
P2=-19.56 KPa
题3-11
P4= P2=-19.56 KPa
第三章习题题31xyxyxyxyxy属于二元流动xyxy题33题34max95吨小时166mm题35q001241575ms题36q7028104588kpapa题3101956kpa2398001956kpa1056题31206m16m14m14m161011h30mq024527550pan72kwqh题315n8159瓦题315390040pa0201h463m马力2520qh439471783502pa1783502pa60sin60sin60cos60cos209720pa201000011射流的压强等于周围气体的压强如不计损失各断面的流速数值上相等
第三章 习题
题3-1 ux xy2
uy
1 3
y3பைடு நூலகம்

流体力学课件第三章例题与习题

流体力学课件第三章例题与习题

uz
ux z
2 2(2t 2x 2 y) 2(t y z) 0(t x z) t3 x2, y2,z1
ay
Du y Dt
u y t
ux
u y x
uy
u y y
uz
u y z
az
Du z Dt
uz t
ux
uz x
uy
uz y
uz
uz z
习题 3-8
u
x
u y
xy2 1
ln
y
C1
ln( x 2) ln( z 3) C2
经过空间点 (3,1,4)
流线方程为:
ln( x 2) 1 ln y
3
ln( x 2) ln( z 3)
CC12
0 0
x
1
y3
2
x z 1
例题:已知某平面流场速度分布为:
ux
t
x 3
uy y 2
求其流线方程和迹线方程。
ln( x t)( y t) C
t=0时过(-1,-1)
C0
xy 1
例题:已知某平面流场速度分布为:
ux x t uy y t
求在t=0时过(-1,-1)其流线方程和迹线方程。
解:
迹线方程:
dx dy dt
xt yt
dx xt
dt
dy
dt
y t
dx ddyt dt
t 3) t
ln
ln C1 C2
x 3
y C2eC1 2
x C1(t 3)
y
C2et
2
例题:已知某平面流场速度分布为:
ux x t uy y t
求在t=0时过(-1,-1)其流线方程和迹线方程。
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第三章流体运动学与动力学基础主要内容基本概念欧拉运动微分方程连续性方程——质量守恒*伯努利方程——能量守恒** 重点动量方程——动量守恒** 难点方程的应用第一节研究流体运动的两种方法流体质点:物理点。

是构成连续介质的流体的基本单位,宏观上无穷小(体积非常微小,其几何尺寸可忽略),微观上无穷大(包含许许多多的流体分子,体现了许多流体分子的统计学特性)。

空间点:几何点,表示空间位置。

流体质点是流体的组成部分,在运动时,一个质点在某一瞬时占据一定的空间点(x,y,z)上,具有一定的速度、压力、密度、温度等标志其状态的运动参数。

拉格朗日法以流体质点为研究对象,而欧拉法以空间点为研究对象。

一、拉格朗日法(跟踪法、质点法)Lagrangian method1、定义:以运动着的流体质点为研究对象,跟踪观察个别流体质点在不同时间其位置、流速和压力的变化规律,然后把足够的流体质点综合起来获得整个流场的运动规律。

2、拉格朗日变数:取t=t0时,以每个质点的空间坐标位置为(a,b,c)作为区别该质点的标识,称为拉格朗日变数。

3、方程:设任意时刻t,质点坐标为(x,y,z) ,则:x = x(a,b,c,t)y = y(a,b,c,t) z = z(a,b,c,t) 4、适用情况:流体的振动和波动问题。

5、优点: 可以描述各个质点在不同时间参量变化,研究流体运动轨迹上各流动参量的变化。

缺点:不便于研究整个流场的特性。

二、欧拉法(站岗法、流场法)Eulerian method1、定义:以流场内的空间点为研究对象,研究质点经过空间点时运动参数随时间的变化规律,把足够多的空间点综合起来得出整个流场的运动规律。

2、欧拉变数:空间坐标(x ,y ,z )称为欧拉变数。

3、方程:因为欧拉法是描写流场内不同位置的质点的流动参量随时间的变化,则流动参量应是空间坐标和时间的函数。

位置: x = x(x,y,z,t)y = y(x,y,z,t) z = z(x,y,z,t)速度: u x =u x (x,y,z,t )u y =u y (x,y,z,t ) u z =u z (x,y,z,t )同理: p =p (x,y,z,t ) ,ρ=ρ(x,y,z,t) 说明: x 、y 、z 也是时间t 的函数。

加速度:z uu y u u x u u t u a x z x y x x x x ∂∂+∂∂+∂∂+∂∂=z u u yu u xu u tu a y zy yy xy y ∂∂+∂∂+∂∂+∂∂=z u u y u u x u u t u a z z z y z x z z ∂∂+∂∂+∂∂+∂∂=全加速度=当地加速度+迁移加速度当地加速度:在一定位置上,流体质点速度随时间的变化率。

迁移加速度:流体质点所在的空间位置的变化而引起的速度变化率。

说明:两种方法具有互换性。

但由于欧拉法较简单,且本书着重讨论流场的整体运动特性。

所以,采用欧拉法研究问题。

四、流场分类1、 三元流场:凡具有三个坐标自变量的流场称为三元流场(或三维流场)。

一般来说,速度是三个坐标自变量的函数:V =V (x,y,z,t) 2、二元流场:凡具有两个坐标自变量的流场。

3、一元流场:具有一个坐标自变量的流场。

管截面A=A(l ),若人们研究的是各截面上流动的平均物理参数,则它可以简化为一元流场B=B(l , t)。

ky x j xy i xy u 5421221+-=——二维流场第二节 流体运动的基本概念 一、稳定流动和不稳定流动1、不稳定流动(非定常流场):经过空间点流体质点运动参数的全部或者部分随时间而变化的流动。

(物理参数场与时间有关者)p =p (x,y,z,t ) u =u (x,y,z,t )2、稳定流动(定常流场):物理参数场与时间无关的流动。

p =p (x,y,z ) u =u (x,y,z )z uu y u u x u u a x z x y x xx ∂∂+∂∂+∂∂=z u u yu u xu u a y zy yy xy ∂∂+∂∂+∂∂=z u u y u u x u u a z z z y z xz ∂∂+∂∂+∂∂=二、迹线和流线 1、迹线:(拉格朗日法)① 定义:流体质点在一段时间内运动所经过的路线。

② 迹线特点:每个质点都有一个运动轨迹,所以迹线是一簇曲线,且只随质点不同而异,与时间无关。

③ 迹线方程:可由“欧拉法”与“拉格朗日法”互换求出。

由欧拉法: u x =u x (x,y,z,t )u y =u y (x,y,z,t ) u z =u z (x,y,z,t )但dt dx u x =dt dy u y = dt dzu z =则 ——这就是迹线微分方程式。

2、流线:(欧拉法)① 定义:是某一瞬时流场中的一条曲线,该曲线上所有质点的速度矢量都和该曲线相切。

——表示流场在某一瞬时的流动方向 ② 流线的特性:不稳定流时,流线的空间方位形状随时间变化;稳定流时,流线的形状不随时间变化,并与迹线重合; 流线是一条光滑曲线,既不能相交,也不能转折。

特例:点源、点汇、驻点、相切点 ③ 流线方程:uds u dz u dy u dxz y x ===证明:在M 点沿流线方向取有向微元长dS 设dS =idx +jdy +kdz ,M 点质点速度为u , u =iu x +ju y +ku z 因为uzy x u dzu dy u dx ==⎪⎩⎪⎨⎧=+-=+=0z y x u t y u t x u ty dyt x dx +-=+图3-8 流管⎰=AudAQ Q M ρ=QG γ=QudA vA A==⎰AQA udA v A==⎰22211121dA u dA u A A ρρ⎰⎰=22211121dA u dA u A A ⎰⎰=ρρ2211Q Q ρρ=222111A V A V ρρ=21Q Q =2211A V A V =2Adydzdt u dt u dz dy V d m x x ρρρ=⋅⋅⋅⋅==11()dydzdtdx x u u m x x ⎪⎭⎫ ⎝⎛∂∂+=ρρ221122m m m x -=∆()()dxdydzdtx u dydzdt u dydzdt dx x u u m x x x x x ∂∂=-⎪⎭⎫ ⎝⎛∂∂+=∆ρρρρ()dxdydzdtyu m y y ∂∂=∆ρ()dxdydzdtzu m z z ∂∂=∆ρ()()()dxdydzdtz u y u xu m m m m z y x z y x ⎥⎦⎤⎢⎣⎡∂∂+∂∂+∂∂=∆+∆+∆=∆ρρρm '∆dxdydzm ρ=1dxdydzdt t m ⎪⎭⎫ ⎝⎛∂∂+=ρρ2dxdydzdt tm m m ∂∂-=-='∆ρ21m m '∆=∆()()()dxdydzdtz u y u xu m z y x ⎥⎦⎤⎢⎣⎡∂∂+∂∂+∂∂=∆ρρρdxdydzdttm ∂∂-='∆ρ()()()0=∂∂+∂∂+∂∂+∂∂zu y u x u t z y x ρρρρ0=∂∂tρ()()()0=∂∂+∂∂+∂∂zu y u x u z y x ρρρC t==∂∂ρρ,00=∂∂+∂∂+∂∂zu y u x u zy x xp∂∂-ρ1dtdu x dtdu x p X x=∂∂-ρ1dtdu y p Y y =∂∂-ρ1dtdu z p Z z=∂∂-ρ1dzdtdu dy dt du dx dt du dz z pdy y p dx x p Zdz Ydy Xdx z y x ++=∂∂+∂∂+∂∂-++)(1)(ρ00,0=∂∂=∂∂=∂∂⇒=∂∂=∂∂tu t u t u tu tpzy x dtdz u dtdy u dtdxu z y x ===)(212u d du u du u du u dz dt du dy dt du dx dt du z z y y x x z y x =++=++dp dz zpdy y p dx x p =∂∂+∂∂+∂∂()2211)(u d dp Zdz Ydy Xdx =-++ρg Z Y X -===00)(2112=++u d dp gdz ρc=ρc u pgz '=++22ρc g u pz =++22γg u p z g u p z 2222222111++=++γγ 适用条件:①理想流体 ②稳定流动 ③质量力只受重力 ④不可压流体⑤沿流线或微小流束。

(2). 各项意义: ① 几何意义:z ——位置水头γp——压力水头g u 22——速度水头② 物理意义:z ——比位能γp——比压能g u 22——比动能:单位重量流体所具有的动能三种形式的能量和功在流动的过程中是可以相互转化的,三者之和始终保持一常数。

对于实际流体:有粘性存在,消耗能量 本身摩擦变成热能散发 与壁面的摩擦损耗 局部损耗21测压管水头总比能总比能:1 > 2第五节 实际流体总流的伯努利(Bernoulli )方程 问题的引出:方程 c g u pz =++22γ只适用于理想流体,且只适用于流线,而不适用于实际流体的总流。

一、实际流体总流与理想流体流束的比较1、 能量的表现形式一致:比位能、比压能、比动能2、 断面上的流速不同:流束:u 总流V ===修正 u3、 断面上z 、γp不同 4、 实际流体有能量损耗g u p z g u p z 2222222111++>++γγ二、实际流体总流的伯努利方程1、实际流体沿微小流束(流线)的能量方程设'21-w h :是流束上1、2两点间单位重量流体的能量损失,则能量方程式应写成:'212222211122-+++=++w h g u p z g u p z γγ (1)2、实际流体沿总流的伯努利方程公式推导:因为通过一个通道的流体总流是由许多流束组成的。

每个流束的流动参量都有差别,而对于总流,希望利用平均参量来描述其流动特性。

因此,① 用V 代替公式(1)的 u ,使公式适用于总流。

② 实际流体有粘性,存在能量损耗 '21-w h →21-w h(1). 单位重量流体总比能:g u pz e 22++=γ (2). 单位时间在微小流束有效断面上通过流体重量 dG =γudA (3). 单位时间在微小流束有效断面上通过流体的总能量udAg u pz dG e dE γγ)2(2++=⋅=(4). 单位时间通过总流有效断面流体总能量⎰⎰++==A A udAg u pz dE E γγ)2(2(5). 给定断面平均单位重量流体的能量⎰++==A udA g u p z Q Q E e γγγγ)2(12由(1)式重复以上步骤,整理出1、2两点的平均单位重量流体的能量关系得:⎰⎰⎰-'+++=++221121222221111)2(1)2(1A A A wA udA h Q udA g u p z Q udA g u p z Q γγγγγγγγ (*)积分存在那些问题——总流有效断面上运动参数不等:压力不等 & 速度不等此式不宜计算,须先求出各项积分,为此引进两个新的概念: A. 缓变流 B. 动能修正系数A .缓变流(解决压力不等的问题)⎰+A udA p z Q γγγ)(111(1)定义:流线间夹角很小,近似平行;流线曲率半径很大,近似直线 的流动。

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