大学物理练习册答案(DOC)
《大学物理》习题册题目及答案第17单元波的干涉-副本(可编辑修改word版)

5 波的干涉、衍射学号姓名 专业、班级 课程班序号一 选择题[ D ]1.如图所示, S 1 和 S 2 为两相干波源,它们的振动方向均垂直于图面, 发出波长为 的简谐波。
P 点是两列波相遇区域中的一点,已知 S 1P = 2, S 2 P = 2.2,两列波在P 点发生相消干涉。
若 S 的振动方程为 y = A cos(2t + 1) ,则 S 的振动方程为(A) 1 122y = A c os( 2 t - 1) S 122(B) y 2 = A c os( 2 t - (C) y 2 = A c os( 2 t +) 1)2(D) y 2 = A c os( 2 t - 0.1 )S 2[ C ]2. 在一根很长的弦线上形成的驻波是(A)由两列振幅相等的相干波,沿着相同方向传播叠加而形成的。
(B)由两列振幅不相等的相干波,沿着相同方向传播叠加而形成的。
(C)由两列振幅相等的相干波,沿着反方向传播叠加而形成的。
(D)由两列波,沿着反方向传播叠加而形成的。
[ B ]3. 在波长为 λ 的驻波中,两个相邻波腹之间的距离为 (A) λ/4 (B) λ/2 (C)3λ/4 (D)λ[ A ]4. 某时刻驻波波形曲线如图所示,则 a 、b 两点的位相差是 (A)(C)4(B)1 2(D) 0[ B ]5. 如图所示,为一向右传播的简谐波在 t 时刻的波形图,BC 为波密介质的反射面,波由 P 点反射,则反射波在 t 时刻的波形图为y A O- Aac2xbP[ B ]6. 电磁波的电场强度 E 、磁场强度 H 和传播速度 u 的关系是: (A) 三者互相垂直,而 E 和 H 相位相差12(B) 三者互相垂直,而且 E 、H 、u 构成右旋直角坐标系 (C) 三者中 E 和 H 是同方向的,但都与 u 垂直(D) 三者中 E 和 H 可以是任意方向的,但都必须与 u 垂直二 填空题1. 两相干波源 S 1 和 S 2 的振动方程分别是y 1 = A cost 和 y 2= A cos(t + 1) 。
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
大学物理学练习册参考答案单元一 质点运动学四、学生练习 (一)选择题1.B2.C3.B4.B5.B (二)填空题1. 0 02.2192x y -=, j i ρρ114+, j i ρρ82-3.16vi j =-+v v v ;14a i j =-+v vv;4. 020211V kt V -;5、16Rt 2 4 6 112M h h h =-v v(三)计算题1 解答(1)质点在第1s 末的位置为:x (1) = 6×12 - 2×13 = 4(m).在第2s 末的位置为:x (2) = 6×22 - 2×23 = 8(m). 在第2s 内的位移大小为:Δx = x (2) – x (1) = 4(m),经过的时间为Δt = 1s ,所以平均速度大小为:v =Δx /Δt = 4(m·s -1).(2)质点的瞬时速度大小为:v (t ) = d x /d t = 12t - 6t 2,因此v (1) = 12×1 - 6×12 = 6(m·s -1),v (2) = 12×2 - 6×22 = 0质点在第2s 内的路程等于其位移的大小,即Δs = Δx = 4m .(3)质点的瞬时加速度大小为:a (t ) = d v /d t = 12 - 12t ,因此1s 末的瞬时加速度为:a (1) = 12 - 12×1 = 0,第2s 内的平均加速度为:a = [v (2) - v (1)]/Δt = [0 – 6]/1 = -6(m·s -2).2.解答 1)由t y t x ππ6sin 86cos 5==消去t 得轨迹方程:1642522=+y x 2)tdt dy v t dtdx v y x ππππ6cos 486sin 30==-==当t=5得;πππππ4830cos 48030sin 30===-=y x v vt dt dv a t dtdv a y y xx ππππ6sin 2886cos 18022-==-==当t=5 030sin 28818030cos 180222=-==-=-=πππππdt dv a a yy x 3.解答:1)()t t dt t dt d t tvv 204240+=+==⎰⎰⎰则:t t )2(42++=2)()t t t dt t t dt d ttr )312(2)2(4322++=++==⎰⎰⎰t t t )312()22(32+++=4. [证明](1)分离变量得2d d vk t v=-, 故020d d v tv vk t v =-⎰⎰, 可得:011kt v v =+. (2)公式可化为001v v v kt=+,由于v = d x/d t ,所以:00001d d d(1)1(1)v x t v kt v kt k v kt ==+++ 积分00001d d(1)(1)x tx v kt k v kt =++⎰⎰.因此 01ln(1)x v kt k=+. 证毕.5.解答(1)角速度为ω = d θ/d t = 12t 2 = 48(rad·s -1),法向加速度为 a n = rω2 = 230.4(m·s -2); 角加速度为 β = d ω/d t = 24t = 48(rad·s -2), 切向加速度为 a t = rβ = 4.8(m·s -2). (2)总加速度为a = (a t 2 + a n 2)1/2,当a t = a /2时,有4a t 2 = a t 2 + a n 2,即n a a =由此得2r r ω=22(12)24t =解得36t =.所以3242(13)t θ=+=+=3.154(rad).(3)当a t = a n 时,可得rβ = rω2, 即: 24t = (12t 2)2,解得 : t = (1/6)1/3 = 0.55(s).6.解答:当s 2=t 时,4.022.0=⨯==t βω 1s rad -⋅ 则16.04.04.0=⨯==ωR v 1s m -⋅064.0)4.0(4.022=⨯==ωR a n 2s m -⋅08.02.04.0=⨯==βτR a 2s m -⋅22222s m 102.0)08.0()064.0(-⋅=+=+=τa a a n单元二 牛顿运动定律(一)选择题 1.A 2.C 3.C 4.C 5 A 6.C (二)填空题 1. 022x F t COS F X ++-=ωωω2.略3. )13(35-4. 50N 1m/s5.21m m t f +∆ )()(212122221m m m t m t m t m f +∆+∆+∆6. 0 18J 17J 7J7. mr k rk (三)计算题1.解答:θμθcos )sin (f f mg =- ; θμθμsin cos +=mgf0cos sin =+=θμθθd df; 0tan =θ ; 037=θ θsin hl ==037sin 5.12. 解答;dtdvmkv F mg =--分离变量积分得 0ln(1)v tktm mdvmg F kvktmg F dt v e mg F kv mg F m k-----=??----蝌 3解答:烧断前 2221211();a L L a L w w =+=烧断后,弹簧瞬间的力不变,所以2a 不变。
大学物理学第版修订版北京邮电大学出版社上册习题答案.docx
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习题3 3.1 选择题(1)有一半径为 R 的水平圆转台,可绕通过其中心的竖直固定光滑轴转动,转动惯量为 J,开始时转台以匀角速度ω0转动,此时有一质量为 m的人站在转台中心,随后人沿半径向外跑去,当人到达转台边缘时,转台的角速度为(A)J0(B)J0mR2m) R 2J(J(C)J0(D) 0 mR2[ 答案: (A)](2)如题3.1(2)图所示,一光滑的内表面半径为10cm的半球形碗,以匀角速度ω 绕其对称轴OC旋转,已知放在碗内表面上的一个小球P 相对于碗静止,其位置高于碗底4cm,则由此可推知碗旋转的角速度约为(A)13rad/s(B)17rad/s(C)10rad/s(D)18rad/s(a)(b)题3.1 ( 2)图[ 答案: (A)](3)如 3.1(3) 图所示,有一小块物体,置于光滑的水平桌面上,有一绳其一端连结此物体,;另一端穿过桌面的小孔,该物体原以角速度?在距孔为 R 的圆周上转动,今将绳从小孔缓慢往下拉,则物体(A)动能不变,动量改变。
(B)动量不变,动能改变。
(C)角动量不变,动量不变。
(D)角动量改变,动量改变。
(E)角动量不变,动能、动量都改变。
[ 答案: (E)]3.2 填空题(1)半径为 30cm的飞轮,从静止开始以 0.5rad ·s-2的匀角加速转动,则飞轮边缘上一点在飞轮转过240?时的切向加速度aτ =,法向加速度a n=。
[ 答案:0.15; 1.256 ](2)如题3.2 (2)图所示,一匀质木球固结在一细棒下端,且可绕水平光滑固定轴 O转动,今有一子弹沿着与水平面成一角度的方向击中木球而嵌于其中,则在此击中过程中,木球、子弹、细棒系统的原因是。
木球被击中后棒和球升高的过程中,弹、细棒、地球系统的守恒。
守恒,对木球、子题3.2 (2)图[ 答案:对 o 轴的角动量守恒,因为在子弹击中木球过程中系统所受外力对 o 轴的合外力矩为零,机械能守恒](3)两个质量分布均匀的圆盘 A 和 B 的密度分别为ρA和ρB ( ρA>ρB) ,且两圆盘的总质量和厚度均相同。
大学物理练习册习题及答案
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习题及参考答案第2章 质点动力学参考答案一 思考题2-1如图,滑轮绳子质量忽略不计,忽略一切摩擦力,物体A 的质量m A 大于物体B 的质量m B ,在A 、B 运动过程中弹簧秤的读数是(A )()12m m g + (B )()12m m g -(C )12122m m g m m ⎛⎫⎪+⎝⎭ (D )12124m m g m m ⎛⎫⎪+⎝⎭2-2用水平压力F 把一个物体压着靠在竖直的墙面上保持静止,当F 逐渐增大时,物体所受的静摩擦力f(A )恒为零 (B )不为零,但保持不变(C )随成F 正比增大 (D )开始随F 增大,达到某一值后,就保持不变 2-3如图,物体A 、B 的质量分别为M 、m ,两物体间摩擦系数为μ,接触面为竖直面,为使B 不下滑,则需要A 的加速度为(A )a g μ≥ (B )a g μ≥ (C )a g ≥ (D )M ma g M +≥2-4质量分别为m 和M 的滑块A 和B ,叠放在光滑的水平面上,如图,A 、B 间的静摩擦系数为μs ,滑动摩擦系数为μk ,系统原先处于静止状态,今将水平力F 作用于B 上,要使A 、B 间不轰生相对滑动,应有(A )s F mgμ≤ (B )(1)s F m M mgμ≤+(C )()s F m M mg μ≤+(D )s m MF mgM μ+≤AmBBm A 思考题2-1图思考题2-3图 思考题2-4图m(a )(b )Bm mm 21m 21思考题2-7图2-5 在光滑的水平面上,放有两个相互接触的物体A 和B ,质量分别为m 1和m 2,且m 1> m 2。
设有一水平恒力F ,第一次作用在A 上如图(a )所示,第二次作用在B 上如图(b )所示,问在这两次作用中A 与B 之间的作用力哪次大?2-6 图(a )中小球用轻弹簧o 1A 与o 2A 轻绳系住,图(b )中小球用轻绳o'1B 与o'2B 系住,今剪断o 2A 绳和o'2B 绳;试求在刚剪断的瞬时,A 球与B 球的加速度量值和方向。
大学物理I练习册参考答案
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大学物理I练习册参考答案第一篇:大学物理I练习册参考答案大学物理I练习册参考答案力学部分:010004:(1)010011:(2)010014:(2)010016:(3)010044: B010057: D010095: B010098: C011002: 3t011009:011030:011039: 5m/s;17m/s011061: 4.8m/s;3.15rad22011012:ϖϖϖdv=ωRcosωtj-ωRsinωti;o011067: dt020003:(1)020012: C020015: B, D021002: 2g,0021016:(μcosθ-sinθ)g030023: B030028: D030038: D030061: D030069:(3)031005:031054: k/(mr);-k/(2r)2v0031062: 12J032046: h==4.25m;v=[2gh(1-μctgα)]1/2=8.16m/s 2g(1+μctgα)040001: A040011: B040020: C040030: B040032: C040054: A040064: D040070: C040076: C040090: C222040097: D040099: D041019: R1v1/R2;mvR/R112-1/2041043: Ma/2 ()041078: M/9042031: 156N;118N042005:电磁学部分1.B2.A3.C4.C5.2ε0A6.–2Ax,-2Byqd7.rλλ,ln02πε0r2πε0rUR1lnR2R1(2)Ek=4.8⨯10J , v=1.03⨯10m/s -778.(1)F=9.EP=0;UPC=⎰CPEdr=⎰rCRrλλdr=lnC 2πε0r2πε0R10.B11.B12.B13.C14.A15.D16.D17.q4πε0r2, 水平向左18.A19.εrC0,σ0,U0E0W0,εrεrεr20.看书P6721.看书P6722.C23.A24.D25.C27.μ0Iμ0IμI+=1.08⨯10-3T,垂直纸面向外28,0,垂直纸面向里2πR4R4πa29.μ0I, -2μ0I, ±2μ0I, ±2μ0I30, 2BIR,π/42;水平向右IaB,Ia2B34.πmga+b2μ0Ilna-b31,35.I1的磁场B=μ0I1,方向垂直向里,因此由安培定律(1)AD受I1的磁力FAD=I2aB 2πr=μ0I1I2a,方向向左。
《大学物理C1(上、下)》练习册及答案
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大学物理C(上、下)练习册✧质点动力学✧刚体定轴转动✧静电场电场强度✧电势静电场中的导体✧稳恒磁场✧电磁感应✧波动、振动✧光的干涉✧光的衍射注:本习题详细答案,结课后由老师发放一、质点动力学一、选择题1. 以下几种运动形式中,加速度a保持不变的运动是:(A )单摆的运动; (B )匀速率圆周运动;(C )行星的椭圆轨道运动; (D )抛体运动 。
[ ] 2. 质点沿半径为R 的圆周作匀速率运动,每T 秒转一圈.在2T 时间间隔中,其平均速度大小与平均速率大小分别为(A) 2 R /T , 2 R/T . (B) 0 , 2 R /T(C) 0 , 0. (D) 2 R /T , 0. [ ]3. 质点作曲线运动,r表示位置矢量,v 表示速度,a 表示加速度,S 表示路程,a 表示切向加速度,下列表达式中, (1) a t = d /d v , (2) v =t r d /d ,(3) v =t S d /d , (4) t a t =d /d v.(A) 只有(1)、(4)是对的. (B) 只有(2)、(4)是对的. (C) 只有(2)是对的. (D) 只有(3)是对的. [ ]4. 一运动质点在某瞬时位于矢径r的端点处,其速度大小的表达式为(A )t d dr ; (B )dt r d ; (C )dt r d || ; (D )222dt dz dt dy dt dx ⎪⎭⎫⎝⎛+⎪⎭⎫ ⎝⎛+⎪⎭⎫ ⎝⎛[ ] 5. 质点作半径为R 的变速圆周运动时的加速度大小为(v 表示任一时刻质点的速率)(A) t d d v . (B)2V R.(C) R t 2d d v v +. (D) 2/1242d d ⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎣⎡⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+⎪⎭⎫ ⎝⎛R t v v . [ ]6. 质量为m的质点,以不变速率v沿图中正三角形ABC的水平光滑轨道运动.质点越过A角时,轨道作用于质点的冲量的大小为(A) mv. (B).(C) . (D) 2mv.[]7. 在水平冰面上以一定速度向东行驶的炮车,向东南(斜向上)方向发射一炮弹,对于炮车和炮弹这一系统,在此过程中(忽略冰面摩擦力及空气阻力)(A) 总动量守恒.(B) 总动量在炮身前进的方向上的分量守恒,其它方向动量不守恒.(C) 总动量在水平面上任意方向的分量守恒,竖直方向分量不守恒.(D) 总动量在任何方向的分量均不守恒.[]8. 一炮弹由于特殊原因在水平飞行过程中,突然炸裂成两块,其中一块作自由下落,则另一块着地点(飞行过程中阻力不计)(A) 比原来更远. (B) 比原来更近.(C) 仍和原来一样远. (D) 条件不足,不能判定.[]9. 如图,在光滑水平地面上放着一辆小车,车上左端放着一只箱子,今用同样的水平恒力F拉箱子,使它由小车的左端达到右端,一次小车被固定在水平地面上,另一次小车没有固定.试以水平地面为参照系,判断下列结论中正确的是(A)在两种情况下,F做的功相等.(B)在两种情况下,摩擦力对箱子做的功相等.(C)在两种情况下,箱子获得的动能相等.(D)在两种情况下,由于摩擦而产生的热相等.[]10. 质量为m的一艘宇宙飞船关闭发动机返回地球时,可认为该飞船只在地球的引力场中运动.已知地球质量为M,万有引力恒量为G,则当它从距地球中心R 1处下降到R 2处时,飞船增加的动能应等于(A)2R GMm(B)22R GMm(C) 2121R R R R GMm - (D) 2121R R R GMm - (E) 222121R R R R GMm -[ ]二 填空11. 灯距地面高度为h 1,一个人身高为h 2,在灯下以匀速率v 沿水平直线行走,如图所示.他的头顶在地上的影子M 点沿地面移动的速度为v M = .12. 质量分别为m 1、m 2、m 3的三个物体A 、B 、C ,用一根细绳和两根轻弹簧连接并悬于固定点O ,如图.取向下为x 轴正向,开始时系统处于平衡状态,后将细绳剪断,则在刚剪断瞬时,物体B 的加速度B a=_______;物体A 的加速度A a=______.13. 两个相互作用的物体A 和B ,无摩擦地在一条水平直线上运动.物体A 的动量是时间的函数,表达式为 P A = P 0 – b t ,式中P 0 、b 分别为正值常量,t是时间.在下列两种情况下,写出物体B 的动量作为时间函数的表达式:(1) 开始时,若B 静止,则 P B 1=__________________; (2) 开始时,若B的动量为 – P 0,则P B 2 = _____________.三、计算题14. 有一质点沿x 轴作直线运动,t 时刻的坐标为x = 4.5 t 2 – 2 t 3 (SI) .试求:(1) 第2秒内的平均速度;(2)第2秒末的瞬时速度;(3) 第2秒内的路程.15. 质量为m的子弹以速度v 0水平射入沙土中,设子弹所受阻力与速度反向,大小与速度成正比,比例系数为K,忽略子弹的重力,求:(1) 子弹射入沙土后,速度随时间变化的函数式;(2) 子弹进入沙土的最大深度.16. 一人从10 m深的井中提水.起始时桶中装有10 kg的水,桶的质量为1 kg,由于水桶漏水,每升高1 m要漏去0.2 kg的水.求水桶匀速地从井中提到井口,人所作的功.二、刚体定轴转动一、选择题1. 人造地球卫星,绕地球作椭圆轨道运动,地球在椭圆的一个焦点上,则卫星的 (A)动量不守恒,动能守恒. (B)动量守恒,动能不守恒.(C)对地心的角动量守恒,动能不守恒.(D)对地心的角动量不守恒,动能守恒. [ ] 2. 一质点作匀速率圆周运动时,(A) 它的动量不变,对圆心的角动量也不变. (B) 它的动量不变,对圆心的角动量不断改变. (C) 它的动量不断改变,对圆心的角动量不变.(D) 它的动量不断改变,对圆心的角动量也不断改变. [ ] 3. 如图所示,A 、B 为两个相同的绕着轻绳的定滑轮.A 滑轮挂一质量为M 的物体,B 滑轮受拉力F ,而且F =Mg .设A 、B 两滑轮的角加速度分别为 A 和 B ,不计滑轮轴的摩擦,则有(A) A = B . (B) A > B .(C) A < B . (D) 开始时 A = B ,以后 A < B .[ ] 4. 一圆盘绕过盘心且与盘面垂直的光滑固定轴O 以角速度 按图示方向转动.若如图所示的情况那样,将两个大小相等方向相反但不在同一条直线的力F 沿盘面同时作用到圆盘上,则圆盘的角速度(A) 必然增大. (B) 必然减少. (C) 不会改变. (D) 如何变化,不能确定. [ ] 5. 花样滑冰运动员绕通过自身的竖直轴转动,开始时两臂伸开,转动惯量为J 0,角速度为 0.然后她将两臂收回,使转动惯量减少为31J 0.这时她转动的角速度变为(A) 310. (B) ()3/1 0.(C) 3 0. (D) 3 0. [ ] 6. 如图所示,一匀质细杆可绕通过上端与杆垂直的水平光滑固定轴O 旋转,初始状态为静止悬挂.现有一个小球自左方水平打击细杆.设小球与细杆之间为非弹性碰撞,则在碰撞过程中对细杆与小球这一系统(A) 只有机械能守恒. (B) 只有动量守恒. (C) 只有对转轴O 的角动量守恒.(D) 机械能、动量和角动量均守恒. [ ]二、填空题7. 在光滑的水平面上,一根长L =2 m 的绳子,一端固定于O 点,另一端系一质量m =0.5 kg 的物体.开始时,物体位于位置A ,OA 间距离d =0.5 m ,绳子处于松弛状态.现在使物体以初速度v A =4 m ·s 1垂直于OA 向右滑动,如图所示.设以后的运动中物体到达位置B ,此时物体速度的方向与绳垂直.则此时刻物体对O点的角动量的大小L B =____________,物体速 度的大小v =__________________.8. 如图所示,一匀质木球固结在一细棒下端,且可绕水平光滑固定轴O 转动.今有一子弹沿着与水平面成一角度的方向击中木球而嵌于其中,则在此击中过程中,木球、子弹、细棒系统的____________________守恒,原因是______________________.木球被击中后棒和球升高的过程中,木球、子弹、细棒、地球系统的__________守恒.三、计算题9. 如图所示,一个质量为m 的物体与绕在定滑轮上的绳子相联,绳子质量可以忽略,它与定滑轮之间无滑动.假设定滑轮质量为M 、半径为R ,其转动惯量为221MR ,滑轮轴光滑.试求该物体由静止开始下落的过程中,下落速度与时间的关系.10. 一长为1 m 的均匀直棒可绕过其一端且与棒垂直的水平光滑固定轴转动.抬起另一端使棒向上与水平面成60°,然后无初转速地将棒释放.已知棒对轴的转动惯量为231ml ,其中m 和l 分别为棒的质量和长度.求:(1) 放手时棒的角加速度; (2) 棒转到水平位置时的角加速度.11. 如图所示,A和B两飞轮的轴杆在同一中心线kg·m2.开始时,A轮转速为600 rev/min,B轮静止.C为摩擦啮合器,其转动惯量可忽略不计.A、B分别与C的左、右两个组件相连,当C的左右组件啮合时,B轮得到加速而A轮减速,直到两轮的转速相等为止.设轴光滑,求:(1) 两轮啮合后的转速n;(2) 两轮各自所受的冲量矩.三、静电场 电场强度一、选择题1. 高斯定理 ⎰⎰⋅=VSV S E 0/d d ερ(A) 适用于任何静电场. (B) 只适用于真空中的静电场. (C) 只适用于具有球对称性、轴对称性和平面对称性的静电场.(D) 只适用于虽然不具有(C)中所述的对称性、但可以找到合适的高斯面的静电场. []2.如图所示,一个电荷为q 的点电荷位于立方体的A角上,则通过侧面abcd 的电场强度通量等于:(A) 06εq . (B) 012εq .(C) 024εq . (D) 048εq . [ ]3. 电荷面密度均为+ 的两块“无限大”均匀带电的平行平板如图放置,其周围空间各点电场强度E随位置坐标x 变化的关系曲线为:(设场强方向向右为正、向左为负) [ ]02εx4. 将一个试验电荷q 0 (正电荷)放在带有负电荷的大导体附近P 点处(如图),测得它所受的力为F .若考虑到电荷q 0不是足够小,则(A) F / q 0比P 点处原先的场强数值大. (B) F / q 0比P 点处原先的场强数值小. (C) F / q 0等于P 点处原先场强的数值.(D) F / q 0与P 点处原先场强的数值哪个大无法确定. [ ] 5. 如图所示,两个“无限长”的、半径分别为R 1和R 2的共轴圆柱面均匀带电,沿轴线方向单位长度上所带电荷分别为1和 2,则在内圆柱面里面、距离轴线为r 处的P 点的电场强度大小E 为:(A) r0212ελλπ+. (B) 20210122R R ελελπ+π(C) 1012R ελπ. (D) 0. []6. 点电荷Q 被曲面S 所包围 , 从无穷远处引入另一点电荷q 至曲面外一点,如图所示,则引入前后:(A) 曲面S 的电场强度通量不变,曲面上各点场强不变. (B) 曲面S 的电场强度通量变化,曲面上各点场强不变. (C) 曲面S 的电场强度通量变化,曲面上各点场强变化. (D) 曲面S 的电场强度通量不变,曲面上各点场强变化. [ ]7. 根据高斯定理的数学表达式⎰∑⋅=Sq S E 0/d ε可知下述各种说法中,正确的是:(A) 闭合面内的电荷代数和为零时,闭合面上各点场强一定为零. (B) 闭合面内的电荷代数和不为零时,闭合面上各点场强一定处处不为零.(C) 闭合面内的电荷代数和为零时,闭合面上各点场强不一定处处为零.P+q 0(D) 闭合面上各点场强均为零时,闭合面内一定处处无电 [ ] 二、填空题7. 三个平行的“无限大”均匀带电平面,其电荷面密度都是+ ,如图所示,则A 、B 、C 、D 三个区域的电场强度分别为:E A =_________________,E B =_____________,E C =_________,E D =___________ (设方向向右为正).8. 一半径为R 的带有一缺口的细圆环,缺口长度为d (d<<R)环上均匀带有正电,电荷为q ,如图所示.则圆心O 处的场强大小E =__________________ __________,场强方向为______________________.9. 如图所示,真空中两个正点电荷Q ,相距2R .若以其中一点电荷所在处O 点为中心,以R 为半径作高斯球面S ,则通过该球面的电场强度通量=______________;若以 0r表示高斯面外法线方向的单位矢量,则高斯面上a 、b 两点的电场强度分别为________________________. 三、计算题10. 带电细线弯成半径为R 的半圆形,电荷线密度为 = 0sin ,式中 0为一常数, 为半径R 与x 轴所成的夹角,如图所示.试求环心O 处的电场强度.11.图中虚线所示为一立方形的高斯面,已知空间的场强分布为:E x =bx , E y+σ+σ+σABCD=0,E z=0.求立方体六个面的电场强度通量。
大学物理练习册(上册)答案
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练习一 (第一章 质点运动学) 一、选择题 1、(D )2、(C )3、(D )4、(B )5、(D ) 二、填空题1、(1)A (2)1.186s(或4133-s) (3)0.67s (或32s ) 2、8m 10m3、(1)t e t t A βωβωωωβ-+-]sin 2cos )[(22 (2)ωπωπk +2( ,2,1,0=k ) 4、3/30Ct v + 400121Ct t v x ++ 5、(1)5m/s (2) 17m/s 三、计算题1、解:dxdvv dt dx dx dv x dt dv a ==+==262分离变数积分⎰⎰+=xvdx x vdv 020)62(得 )1(422x x v +=质点在任意位置处的速度为 )1(22x x v +=(由初始时刻的加速度大于零,可知速度的大小为非负)。
2、解:(1)第二秒内的位移为 m x x x 5.0)1()2(-=-=∆ 第二秒内的平均速度为s m txv /5.0-=∆∆= (2)t 时刻的速度为 269t t dtdxv -==第二秒末的瞬时速度为 s m s m s m v /6/26/292-=⨯-⨯=(3)令0692=-==t t dtdxv ,解得s t 5.1= 第二秒内的路程为 m x x x x s 25.2)5.1()2()1()5.1(=-+-=。
3、解:(1)由几何关系θθsin cos r y r x ==质点作匀速率圆周运动故dtd θω=,代入初始条件0=t 时0=θ,得 t 时刻t ωθ=,所以j y i x r+=)sin (cos j t i t rωω+=(2)速度为)cos sin (j t i t r dtrd v ωωω+-==加速度为)sin (cos 2j t i t r dt vd a ωωω+-==(3)r j t i t r dtv d a 22)sin (cos ωωωω-=+-==由此知加速度的方向与径矢的方向相反,即加速度的方向指向圆心。
大学物理练习册与大题答案
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大学物理(一)练习册 参考解答3. 质点作曲线运动,r 表示位置矢量,v表示速度,a 表示加速度,S 表示路程,a t 表示切向加速度,下列表达式中,(1) a t d /d v , (2) v t r d /d , (3) v t S d /d , (4) t a t d /d v.(A) 只有(1)、(4)是对的. (B) 只有(2)、(4)是对的. (C) 只有(2)是对的. (D) 只有(3)是对的. 答案: (D) 参考解答:质点作曲线运动,应该考虑速度v,加速度a 的矢量性。
注意正确书写矢量公式,例如:.d d ,d d v vtr a t速度和速率是两个不同概念。
前者为矢量,后者为标量;瞬时速度的大小和瞬时速率相同:v t S d /d . 所以只有(3)是对的。
大学物理(一)练习册 参考解答第1章 质点运动学一、选择题1(D),2(D),3(B),4(D),5(B),6(D),7(D),8(E),9(B),10(B), 二、填空题 (1).1221n (n = 0,1,… ), t A sin 2 (2). 8 m ,10 m. (3). 23 m/s. (4). 16Rt 2(5). 4t 3-3t 2 (rad/s),12t 2-6t (m/s 2). (6).331ct ,2ct ,c 2t 4/R . (7). 2.24 m/s 2,104o(8).)5cos 5sin (50j t i tm/s ,0,圆. (9). K m x /0max v(10). 02121v v kt三、计算题1. 有一质点沿x 轴作直线运动,t 时刻的坐标为x = 4.5 t 2 – 2 t 3 (SI) .试求:(1) 第2秒内的平均速度; (2) 第2秒末的瞬时速度; (3) 第2秒内的路程.解:(1) 5.0/ t x v m/s(2) v = d x /d t = 9t - 6t 2, v (2) =-6 m/s. (3) S = |x (1.5)-x (1)| + |x (2)-x (1.5)| = 2.25 m.2. 一质点沿半径为R 的圆周运动.质点所经过的弧长与时间的关系为221ct bt S其中b 、c 是大于零的常量,求从0 t 开始到切向加速度与法向加速度大小相等时所经历的时间.解: ct b t S d /d v c t a t d /d v R ct b a n /2根据题意: a t = a n 即 R ct b c /2解得 cb c R t3. 一质点沿x 轴运动,其加速度为a 4t (SI),已知t 0时,质点位于x 10 m 处,初速度v 0.试求其位置和时间的关系式.解: a d v /d t 4 t , d v 4 t d tvv 0d 4d tt t v = 2t 2v d x /d t 2 t 2t t x txx d 2d 020x 2 t 3 /3+x 0 (SI)4. 一物体悬挂在弹簧上作竖直振动,其加速度为 a ky ,式中k 为常量,y 是以平衡位置为原点所测得的坐标. 假定振动的物体在坐标y 0处的速度为v 0,试求速度v 与坐标y 的函数关系式.解: yt y y t a d d d d d d d d v v v v又 a ky ∴ -k y v d v / d yC ky y ky 222121 , d d v v v已知 y y 0 , v v 0 则 20202121ky C v)(220202y y k v v5. 一飞机驾驶员想往正北方向航行,而风以60 km/h 的速度由东向西刮来,如果飞机的航速(在静止空气中的速率)为 180 km/h ,试问驾驶员应取什么航向?飞机相对于地面的速率为多少?试用矢量图说明.解:设下标A 指飞机,F 指空气,E 指地面,由题可知:v FE =60 km/h 正西方向 v AF =180 km/h 方向未知v AE 大小未知, 正北方向由相对速度关系有: FE AF AE v v vAE v 、 AF v 、EE v 构成直角三角形,可得 km/h 17022 v v v FE AF AE 4.19/tg 1 AE FE v v(飞机应取向北偏东19.4 的航向).四 研讨题1. 在下列各图中质点M 作曲线运动,指出哪些运动是不可能的?参考解答: (1)、(3)、(4)是不可能的. (1) 曲线运动有法向加速度,加速度不可能为零; (3) 曲线运动法向加速度要指向曲率圆心;(4) 曲线运动法向加速度不可能为零.2. 设质点的运动方程为)(t x x ,)(t y y 在计算质点的速度和加速度时:第一种方法是,先求出22y x r ,然后根据 t d d rv 及 22d d tr a 而求得结果;第二种方法是,先计算速度和加速度的分量,再合成求得结果,即22)d d ()d d (t y t x v 和 222222)d d ()d d (ty t x a .你认为两种方法中哪种方法正确?参考解答:第二种方法是正确的。
大学物理练习册答案
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第十章练习一一、选择题1、以下四种运动〔忽略阻力〕中哪一种是简谐振动?〔〕(A)小球在地面上作完全弹性的上下跳动(B)细线悬挂一小球在竖直平面上作大角度的来回摆动(C)浮在水里的一均匀矩形木块,将它局部按入水中,然后松开,使木块上下浮动 (D)浮在水里的一均匀球形木块,将它局部按入水中,然后松开,使木块上下浮动2、质点作简谐振动,距平衡位置时,加速度a=/s 2,则该质点从一端运动到另一端的时间为〔 〕3、如图下所示,以向右为正方向,用向左的力压缩一弹簧,然后松手任其振动,假设从松手时开场计时,则该弹簧振子的初相位为〔〕(A) 0 (B) 2π (C) 2π-(D) π 4、一质量为m 的物体与一个劲度系数为k 的轻弹簧组成弹簧振子,当其振幅为A 时,该弹簧振子的总能量为E 。
假设将其弹簧分割成两等份,将两根弹簧并联组成新的弹簧振子,则新弹簧振子的振幅为多少时,其总能量与原先弹簧振子的总能量E 相等〔〕(A)2A (B) 4A(C)2A (D)A 二、填空题1、简谐振动A x =)cos(0ϕω+t 的周期为T ,在2Tt =时的质点速度为,加速度为。
2、月球上的重力加速度是地球的1/6,假设一个单摆(只考虑小角度摆动)在地球上的振动周期为T ,将该单摆拿到月球上去,其振动周期应为。
3、一质点作简谐振动,在同一周期内相继通过相距为11cm 的A,B 两点,历时2秒,速度大小与方向均一样,再经过2秒,从另一方向以一样速率反向通过B 点。
该振动的振幅为,周期为。
4、简谐振动的总能量是E ,当位移是振幅的一半时,k E E =,P E E =,当xA=时,k P E E =。
三、计算题1、一振动质点的振动曲线如右图所示, 试求:(l)运动学方程; (2)点P 对应的相位;(3)从振动开场到达点P 相应位置所需的时间。
2、一质量为10g 的物体作简谐运动,其振幅为24 cm ,周期为4.0s ,当t=0时,位移为+24cm 。
大学物理习题答案
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大学物理练习册 参考解答第12章 真空中的静电场一、选择题1(D),2(C),3(C),4(A),5(C),6(B),7(C),8(D),9(D),10(B), 二、填空题(1). 电场强度和电势,0/q F E=,l E q W U aa⎰⋅==00d /(U 0=0).(2). ()042ε/q q +, q 1、q 2、q 3、q 4 ;(3). 0,λ / (2ε0) ; (4). σR / (2ε0) ; (5). 0 ; (6).⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛-π00114r r q ε ;(7). -2×103 V ; (8).⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛-πa br r q q 11400ε(9). 0,pE sin α ; (10). ()i a x A2+-.三、计算题1. 如图所示,真空中一长为L 的均匀带电细直杆,总电荷为q ,试求在直杆延长线上距杆的一端距离为d 的P 点的电场强度.解:设杆的左端为坐标原点O ,x 轴沿直杆方向.带电直杆的电荷线密度为λ=q / L ,在x 处取一电荷元d q = λd x = q d x / L ,它在P 点的场强:()204d d x d L q E -+π=ε()204d x d L L xq -+π=ε总场强为⎰+π=Lx d L xL q E 020)(d 4-ε()d L d q +π=04ε 方向沿x 轴,即杆的延长线方向.2.一个细玻璃棒被弯成半径为R 的半圆形,沿其上半部分均匀分布有电荷+Q ,沿其下半部分均匀分布有电荷-Q ,如图所示.试求圆心O 处的电场强度.解:把所有电荷都当作正电荷处理. 在θ处取微小电荷 d q = λd l = 2Q d θ / π它在O 处产生场强θεεd 24d d 20220R QR q E π=π=L Pd EO按θ 角变化,将d E 分解成二个分量:θθεθd sin 2sin d d 202R QE E x π==θθεθd cos 2cos d d 202RQE E y π-=-= 对各分量分别积分,积分时考虑到一半是负电荷⎥⎦⎤⎢⎣⎡-π=⎰⎰πππθθθθε2/2/0202d sin d sin 2R QE x =02022/2/0202d cos d cos 2R QR Q E y εθθθθεππππ-=⎥⎦⎤⎢⎣⎡-π-=⎰⎰ 所以j RQ j E i E E y x202επ-=+= 3. “无限长”均匀带电的半圆柱面,半径为R ,设半圆柱面沿轴线OO'单位长度上的电荷为λ,试求轴线上一点的电场强度.解:设坐标系如图所示.将半圆柱面划分成许多窄条.d l 宽的窄条的电荷线密度为 θλλλd d d π=π=l R取θ位置处的一条,它在轴线上一点产生的场强为θελελd 22d d 020RR E π=π=如图所示. 它在x 、y 轴上的二个分量为:d E x =d E sin θ , d E y =-d E cos θ对各分量分别积分RR E x 02002d sin 2ελθθελππ=π=⎰0d cos 2002=π-=⎰πθθελRE y 场强 i Rj E i E E y x02ελπ=+= 4. 实验表明,在靠近地面处有相当强的电场,电场强度E垂直于地面向下,大小约为100 N/C ;在离地面1.5 km 高的地方,E也是垂直于地面向下的,大小约为25 N/C . (1) 假设地面上各处E都是垂直于地面向下,试计算从地面到此高度大气中电荷的平均体密度;(2) 假设地表面内电场强度为零,且地球表面处的电场强度完全是由均匀分布在地表面的电荷产生,求地面上的电荷面密度.(已知:真空介电常量0ε=8.85×10-12 C 2·N -1·m -2) 解:(1) 设电荷的平均体密度为ρ,取圆柱形高斯面如图(1)(侧面垂直底面,底面∆S 平行地面)上下底面处的 场强分别为E 1和E 2,则通过高斯面的电场强度通量为:⎰⎰E·S d =E 2∆S -E 1∆S =(E 2-E 1) ∆S高斯面S 包围的电荷∑q i =h ∆S ρ由高斯定理(E 2-E 1) ∆S =h ∆S ρ /ε 0∴ () E E h1201-=ερ=4.43×10-13 C/m 3(2) 设地面面电荷密度为σ.由于电荷只分布在地表面,所以电力线终止于地面,取高斯面如图(2)由高斯定理 ⎰⎰E·S d =∑i 01q ε-E ∆S =S ∆σε01∴ σ =-ε 0 E =-8.9×10-10 C/m 3 5. 一半径为R 的带电球体,其电荷体密度分布为ρ =Ar (r ≤R ) , ρ =0 (r >R ), A 为一常量.试求球体内外的场强分布.解:在球内取半径为r 、厚为d r 的薄球壳,该壳内所包含的电荷为r r Ar V q d 4d d 2π⋅==ρ在半径为r 的球面内包含的总电荷为403d 4Ar r Ar dV q rVπ=π==⎰⎰ρ (r ≤R)以该球面为高斯面,按高斯定理有 0421/4εAr r E π=π⋅得到()0214/εAr E =, (r ≤R )方向沿径向,A >0时向外, A <0时向里.在球体外作一半径为r 的同心高斯球面,按高斯定理有0422/4εAR r E π=π⋅ 得到 ()20424/r AR E ε=, (r >R )方向沿径向,A >0时向外,A <0时向里.6. 如图所示,一厚为b 的“无限大”带电平板 , 其电荷体密度分布为ρ=kx (0≤x ≤b ),式中k 为一正的常量.求: (1) 平板外两侧任一点P 1和P 2处的电场强度大小;(2) 平板内任一点P 处的电场强度; (3) 场强为零的点在何处?解: (1) 由对称分析知,平板外两侧场强大小处处相等、方向垂直于平面且背离平面.设场强大小为E .作一柱形高斯面垂直于平面.其底面大小为S ,如图所示. 按高斯定理∑⎰=⋅0ε/d q S E S,即22d d 12εερεkSbx x kSx S SE b b===⎰⎰得到 E = kb 2 / (4ε0) (板外两侧) (2) 过P 点垂直平板作一柱形高斯面,底面为S .设该处场强为E ',如图所示.按高斯定理有(2)()022εεkSb xdx kSS E E x==+'⎰得到 ⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛-='22220b x k E ε (0≤x ≤b ) (3) E '=0,必须是0222=-b x , 可得2/b x =7. 一“无限大”平面,中部有一半径为R 的圆孔,设平面上均匀带电,电荷面密度为σ.如图所示,试求通过小孔中心O 并与平面垂直的直线上各点的场强和电势(选O 点的电势为零).解:将题中的电荷分布看作为面密度为σ的大平面和面密度为-σ的圆盘叠加的 结果.选x 轴垂直于平面,坐标原点O在圆盘中心,大平面在x 处产生的场强为ixx E 012εσ=圆盘在该处的场强为i x R x x E ⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+--=2202112εσ ∴ i xR x E E E 220212+=+=εσ该点电势为 ()220222d 2x R R xR x x U x+-=+=⎰εσεσ8. 一半径为R 的“无限长”圆柱形带电体,其电荷体密度为ρ =Ar (r ≤R ),式中A 为常量.试求:(1) 圆柱体内、外各点场强大小分布; (2) 选与圆柱轴线的距离为l (l >R ) 处为电势零点,计算圆柱体内、外各点的电势分布.解:(1) 取半径为r 、高为h 的高斯圆柱面(如图所示).面上各点场强大小为E 并垂直于柱面.则穿过该柱面的电场强度通量为:⎰π=⋅SrhE S E 2d为求高斯面内的电荷,r <R 时,取一半径为r ',厚d r '、高h 的圆筒,其电荷为r r Ah V ''π=d 2d 2ρσO R OxP则包围在高斯面内的总电荷为3/2d 2d 32Ahr r r Ah V r Vπ=''π=⎰⎰ρ由高斯定理得 ()033/22εAhr rhE π=π 解出()023/εAr E = (r ≤R )r >R 时,包围在高斯面内总电荷为:3/2d 2d 302AhR r r Ah V RVπ=''π=⎰⎰ρ由高斯定理 ()033/22εAhR rhE π=π 解出 ()r AR E 033/ε= (r >R )(2) 计算电势分布 r ≤R 时 ⎰⎰⎰⋅+==l R Rrl rr r AR r r A r E U d 3d 3d 0320εε ()R l AR r R A ln 3903330εε+-=r >R 时 rlAR r r AR r E U lrl rln 3d 3d 0303εε=⋅==⎰⎰9.一真空二极管,其主要构件是一个半径R 1=5×10-4 m 的圆柱形阴极A 和一个套在阴极外的半径R 2=4.5×10-3 m 的同轴圆筒形阳极B ,如图所示.阳极电势比阴极高300 V ,忽略边缘效应. 求电子刚从阴极射出时所受的电场力.(基本电荷e =1.6×10-19 C)解:与阴极同轴作半径为r (R 1<r <R 2 )的单位长度的圆柱形高斯面,设阴极上电荷线密度为λ.按高斯定理有 2πrE = λ/ ε0得到 E = λ / (2πε0r ) (R 1<r <R 2) 方向沿半径指向轴线.两极之间电势差⎰⎰π-=⋅=-21d 2d 0R R B AB A rrr E U U ελ120ln 2R R ελπ-=得到()120/ln 2R R U U A B -=πελ, 所以 ()rR R U U E A B 1/ln 12⋅-=在阴极表面处电子受电场力的大小为 ()()11211/c R R R U U eR eE F A B ⋅-===4.37×10-14 N 方向沿半径指向阳极.第13章 静电场中的导体和电解质一、选择题1(D),2(D),3(B),4(A),5(C),6(B),7(C),8(B),9(C),10(B) 二、填空题(1). 4.55×105 C ;(2). σ (x ,y ,z )/ε0,与导体表面垂直朝外(σ > 0) 或 与导体表面垂直朝里(σ < 0). (3). εr ,1, εr ; (4). 1/εr ,1/εr ;(5). σ ,σ / ( ε 0ε r ); (6).Rq 04επ ;(7). P ,-P ,0; (8) (1- εr )σ / εr ; (9). 减小, 减小; (10). 增大,增大.三、计算题1. 一接地的"无限大"导体板前垂直放置一"半无限长"均匀带电直线,使该带电直线的一端距板面的距离为d .如图所示,若带电直线上电荷线密度为λ,试求垂足O 点处的感生电荷面密度.解:如图取座标,对导体板内O 点左边的邻近一点,半无限长带电直线产生的场强为: ()⎰∞-=dx i dx E 2004/ελπ()d i 04/ελπ-= 导体板上的感应电荷产生的场强为:()0002/εσi E-='由场强叠加原理和静电平衡条件,该点合场强为零,即()[]()02/4/000=--εσελd π ∴ ()d π2/0λσ-=2.半径为R 1的导体球,带电荷q ,在它外面同心地罩一金属球壳,其内、外半径分别为R 2 = 2 R 1,R 3 = 3 R 1,今在距球心d = 4 R 1处放一电荷为Q 的点电荷,并将球壳接地(如图所示),试求球壳上感生的总电荷.解:应用高斯定理可得导体球与球壳间的场强为 ()304/r r q E επ= (R 1<r <R 2)设大地电势为零,则导体球心O 点电势为: ⎰⎰π==2121200d 4d R R R R r r q r E U ε⎪⎪⎭⎫⎝⎛-π=21114R R qε根据导体静电平衡条件和应用高斯定理可知,球壳内表面上感生电荷应为-q . 设球壳外表面上感生电荷为Q'.以无穷远处为电势零点,根据电势叠加原理,导体球心O 处电势应为: ⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+-'+π=1230041R q R q R Q d Q U ε 假设大地与无穷远处等电势,则上述二种方式所得的O 点电势应相等,由此可得Q '=-3Q / 4 , 故导体壳上感生的总电荷应是-[( 3Q / 4) +q ].3. 一圆柱形电容器,外柱的直径为4 cm ,内柱的直径可以适当选择,若其间充满各向同性的均匀电介质,该介质的击穿电场强度的大小为E 0= 200 KV/cm .试求该电容器可能承受的最高电压. (自然对数的底e = 2.7183)解:设圆柱形电容器单位长度上带有电荷为λ,则电容器两极板之间的场强分布 为 )2/(r E ελπ= 设电容器内外两极板半径分别为r 0,R ,则极板间电压为⎰⎰⋅π==R rRr rr r E U d 2d ελ 0ln 2r Rελπ= 电介质中场强最大处在内柱面上,当这里场强达到E 0时电容器击穿,这时应有 002E r ελπ=,000ln r RE r U = 适当选择r 0的值,可使U 有极大值,即令0)/ln(/d d 0000=-=E r R E r U ,得 e R r /0=,显然有22d d r U < 0,故当 e R r /0= 时电容器可承受最高的电压 e RE U /0max = = 147 kV.4. 如图所示,一圆柱形电容器,内筒半径为R 1,外筒半径为R 2 (R 2<2 R 1),其间充有相对介电常量分别为εr 1和εr 2=εr 1 / 2的两层各向同性均匀电介质,其界面半径为R .若两种介质的击穿电场强度相同,问:(1) 当电压升高时,哪层介质先击穿?(2) 该电容器能承受多高的电压?解:(1) 设内、外筒单位长度带电荷为+λ和-λ.两筒间电位移的大小为 D =λ / (2πr ) 在两层介质中的场强大小分别为E 1 = λ / (2πε0 εr 1r ), E 2 = λ / (2πε0 εr 2r ) 在两层介质中的场强最大处是各层介质的内表面处,即E 1M = λ / (2πε0 εr 1R 1), E 2M = λ / (2πε0 εr 2R ) 可得 E 1M / E 2M = εr 2R / (εr 1R 1) = R / (2R 1)已知 R 1<2 R 1, 可见 E 1M <E 2M ,因此外层介质先击穿. (2) 当内筒上电量达到λM ,使E 2M =E M 时,即被击穿,λM = 2πε0 εr 2RE M 此时.两筒间电压(即最高电压)为:r r r r U R R r M RR r M d 2d 221201012⎰⎰+=επελεπελ⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+=R R R R RE r r M r 22112ln 1ln 1εεε5. 两根平行“无限长”均匀带电直导线,相距为d ,导线半径都是R (R << d ).导线上电荷线密度分别为+λ和-λ.试求该导体组单位长度的电容.解:以左边的导线轴线上一点作原点,x 轴通过两导线并垂直于导线.两导线间x 处的场强为 x E 02ελπ=)(20x d -π+ελ两导线间的电势差为⎰--+π=Rd Rx xd x U d )11(20ελ O R 1R 2Rεr 2εr 1xx R d -R+λO-λ)ln (ln 20R d R R R d ---π=ελRRd -π=ln 0ελ 设导线长为L 的一段上所带电量为Q ,则有L Q /=λ,故单位长度的电容U LU Q C /)/(λ==RR d -π=lnε6.圆柱形电容器是由半径为a 的圆柱形导体和与它同轴的内半径为b (b >a )的导体圆筒构成,其间充满了相对介电常量为εr 的各向同性的均匀电介质.设圆柱导体单位长度带电荷为λ,圆筒上为-λ,忽略边缘效应.求电介质中的电极化强度P 的大小及介质内、外表面上的束缚电荷面密度σˊ.解:由D的高斯定理求出介质内的电位移大小为D = λ / (2πr ) (a <r <b ) 介质内的场强大小为E = D / (ε0εr ) = λ / (2πε0εr r ) (a ≤r ≤b ) 电极化强度 P = ε0χe E ()rr r ελεπ-=21 (a ≤r ≤b )内外表面上束缚电荷面密度a aP ='σcos180°=()ar r ελεπ--21b bP ='σcos 0°=()br r ελεπ-217. 一个圆柱形电容器,内圆柱半径为R 1,外圆柱半径为R 2,长为L (L >>R 2-R 1),两圆筒间充有两层相对介电常量分别为εr 1和εr 2的各向同性均匀电介质,其界面半径为R ,如图所示.设内、外圆筒单位长度上带电荷(即电荷线密度)分别为λ和-λ,求: (1) 电容器的电容. (2) 电容器储存的能量.解:(1) 根据有介质时的高斯定理可得两筒之间的电位移的大小为D = λ / (2πr ) 介质中的场强大小分别为E 1 = D / (ε0εr 1) = λ / (2πε0εr 1r ) E 2 = D / (ε0εr 2) = λ / (2πε0εr 2r )两筒间电势差⎰⎰⋅+⋅=21221d d R RR R r E r E UR R R R r r 220110ln π2ln π2εελεελ+=()()[]21021122/ln /ln r r r r R R R R εεεεελπ+=电容 ()()R R R R L U QC r r r r /ln /ln 22112210εεεεε+π== (2) 电场能量 2102112224ln ln2r r r r R R R RL CQ W εεεεελπ⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+==1r 28. 如图所示,一平板电容器,极板面积为S ,两极板之间距离为d ,其间填有两层厚度相同的各向同性均匀电介质,其介电常量分别为ε1和ε2.当电容器带电荷±Q 时,在维持电荷不变下,将其中介电常量为ε1的介质板抽出,试求外力所作的功.解:可将上下两部分看作两个单独的电容器串联,两电容分别为d S C 112ε= ,d SC 222ε=串联后的等效电容为 ()21212εεεε+=d SC带电荷±Q 时,电容器的电场能量为 ()S d Q C Q W 21212242εεεε+== 将ε1的介质板抽去后,电容器的能量为 ()S d Q W 202024εεεε+='外力作功等于电势能增加,即 ⎪⎪⎭⎫⎝⎛-=-'=∆=102114εεS d Q W W W A .第14章 稳恒电流的磁场一、选择题1(B),2(A),3(D),4(C),5(B),6(D),7(B),8(C),9(D),10(A) 二、填空题(1). 最大磁力矩,磁矩 ; (2). πR 2c ; (3). )4/(0a I μ; (4).RIπ40μ ;(5). μ0i ,沿轴线方向朝右. ; (6). )2/(210R rI πμ, 0 ; (7). 4 ; (8).BIR 2,沿y 轴正向;(9). ωλB R 3π,在图面中向上; (10). 正,负.三 计算题1. 将通有电流I 的导线在同一平面内弯成如图所示的形状,求D 点的磁感强度B的大小.解:其中3/4圆环在D 处的场 )8/(301a I B μ=AB 段在D 处的磁感强度 )221()]4/([02⋅π=b I B μ BC 段在D 处的磁感强度 )221()]4/([03⋅π=b I B μ1B 、2B、3B 方向相同,可知D 处总的B 为)223(40baI B +ππ=μ2. 半径为R 的导体球壳表面流有沿同一绕向均匀分布的面电流,通过垂直于电流方向的每单位长度的电流为K .求球心处的磁感强度大小.解:如图 θd d d KR s K I == 2/32220])cos ()sin [(2)sin (d d θθθμR R R I B += 32302d sin RKR θθμ=θθμd sin 2120K =⎰π=020d sin 21θθμK B ⎰π-=00d )2cos 1(41θθμK π=K 041μ3. 如图两共轴线圈,半径分别为R 1、R 2,电流为I 1、I 2.电流的方向相反,求轴线上相距中点O 为x 处的P 点的磁感强度.解:取x 轴向右,那么有2/322112101])([2x b R I R B ++=μ沿x 轴正方向 2/322222202])([2x b R I R B -+=μ 沿x 轴负方向21B B B -=[2μ=2/32211210])([x b R I R ++μ]])([2/32222220x b R I R -+-μ若B > 0,则B 方向为沿x 轴正方向.若B < 0,则B的方向为沿x 轴负方向.4.一无限长圆柱形铜导体(磁导率μ0),半径为R ,通有均匀分布的电流I .今取一矩形平面S (长为1 m ,宽为2 R ),位置如右图中画斜线部分所示,求通过该矩形平面的磁通量.解:在圆柱体内部与导体中心轴线相距为r 处的磁感强度的大小,由安培环路定 律可得:)(220R r r RIB ≤π=μ因而,穿过导体内画斜线部分平面的磁通Φ1为⎰⎰⋅==S B S B d d 1 Φr r RI Rd 2020⎰π=μπ=40Iμ在圆形导体外,与导体中心轴线相距r 处的磁感强度大小为 )(20R r rIB >π=μ因而,穿过导体外画斜线部分平面的磁通Φ2为⎰⋅=S B d 2Φr r I R Rd 220⎰π=μ2ln 20π=Iμ穿过整个矩形平面的磁通量 21ΦΦΦ+=π=40I μ2ln 20π+Iμ5. 一半径为 4.0 cm 的圆环放在磁场中,磁场的方向对环而言是对称发散的,如图所示.圆环所在处的磁感强度的大小为0.10 T ,磁场的方向与环面法向成60°角.求当圆环中通有电流I =15.8 A 时,圆环所受磁力的大小和方向.解:将电流元I d l 处的B分解为平行线圈平面的B 1和垂直线圈平面的B 2两分量,则 ︒=60sin 1B B ; ︒=60cos 2B B 分别讨论线圈在B 1磁场和B 2磁场中所受的合力F 1与F 2.电流元受B 1的作用力l IB lB I F d 60sin 90sin d d 11︒=︒=方向平行圆环轴线.因为线圈上每一电流元受力方向相同,所以合力⎰=11d F F ⎰π︒=Rl IB 20d 60sin R IB π⋅︒=260sin = 0.34 N ,方向垂直环面向上.电流元受B 2的作用力l IB lB I F d 60cos 90sin d d 22︒=︒= 方向指向线圈平面中心. 由于轴对称,d F 2对整个线圈的合力为零,即02=F . 所以圆环所受合力 34.01==F F N , 方向垂直环面向上.6. 如图所示线框,铜线横截面积S = 2.0 mm 2,其中OA 和DO '两段保持水平不动,ABCD 段是边长为a 的正方形的三边,它可绕OO '轴无摩擦转动.整个导线放在匀强磁场B 中,B 的方向竖直向上.已知铜的密度ρ = 8.9×103kg/m 3,当铜线中的电流I =10 A 时,导线处于平衡状态,AB 段和CD段与竖直方向的夹角α =15°.求磁感强度B 的大小.解:在平衡的情况下,必须满足线框的重力矩与线框所受的磁力矩平衡(对OO '轴而言).重力矩 αραρsin sin 2121gSa a a gS a M +⋅= αρsin 22g Sa =磁力矩 ααcos )21sin(222B Ia BIa M =-π=B 2d l平衡时 21M M =所以 αρsin 22g Sa αcos 2B Ia =31035.9/tg 2-⨯≈=I g S B αρ T7. 半径为R 的半圆线圈ACD 通有电流I 2,置于电流为I 1的无限长直线电流的磁场中,直线电流I 1恰过半圆的直径,两导线相互绝缘.求半圆线圈受到长直线电流I 1的磁力.解:长直导线在周围空间产生的磁场分布为 )2/(10r I B π=μ取xOy 坐标系如图,则在半圆线圈所在处各点产生的磁感强度大小为: θμsin 210R I B π=, 方向垂直纸面向里,式中θ 为场点至圆心的联线与y 轴的夹角.半圆线圈上d l 段线电流所受的力为:l B I B l I F d d d 22=⨯= θθμd sin 2210R R I I π=θsin d d F F y =.根据对称性知: F y =0d =⎰y F θcos d d F F x = ,⎰π=0x x dF F ππ=2210I I μ2210I I μ=∴半圆线圈受I 1的磁力的大小为: 2210I I F μ=,方向:垂直I 1向右.8. 如图所示.一块半导体样品的体积为a ×b ×c .沿c 方向有电流I ,沿厚度a 边方向加有均匀外磁场B (B的方向和样品中电流密度方向垂直).实验得出的数据为 a =0.10 cm 、b =0.35 cm 、c =1.0 cm 、I =1.0 mA 、B =3.0×10-1 T ,沿b 边两侧的电势差U =6.65 mV ,上表面电势高.(1) 问这半导体是p 型(正电荷导电)还是n 型(负电荷导电)?(2) 求载流子浓度n 0 (即单位体积内参加导电的带电粒子数).解:(1) 根椐洛伦兹力公式:若为正电荷导电,则正电荷堆积在上表面,霍耳电场的方向由上指向下,故上表面电势高,可知是p 型半导体。
大学物理学第版修订版北京邮电大学出版社下册习题答案.docx
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习题9 9.1 选择题(1)正方形的两对角线处各放置电荷 Q,另两对角线各放置电荷 q,若 Q 所受到合力为零,则 Q与 q 的关系为:()( A) Q=-23/2 q (B) Q=23/2 q(C) Q=-2q(D) Q=2q[ 答案: A](2)下面说法正确的是:()(A)若高斯面上的电场强度处处为零,则该面内必定没有电荷;(B)若高斯面内没有电荷,则该面上的电场强度必定处处为零;(C)若高斯面上的电场强度处处不为零,则该面内必定有电荷;(D)若高斯面内有电荷,则该面上的电场强度必定处处不为零。
[ 答案: D](3)一半径为 R 的导体球表面的面点荷密度为σ,则在距球面 R处的电场强度()(A)σ / ε0(B)σ /2ε 0(C)σ /4ε 0(D)σ /8ε0 [ 答案: C](4)在电场中的导体内部的()(A)电场和电势均为零;(B)电场不为零,电势均为零;(C)电势和表面电势相等;(D)电势低于表面电势。
[ 答案: C]9.2 填空题(1) 在静电场中,电势不变的区域,场强必定为。
[ 答案:相同 ](2) 一个点电荷 q 放在立方体中心,则穿过某一表面的电通量为,若将点电荷由中心向外移动至无限远,则总通量将。
[ 答案: q/6 ε0 ,将为零](3) 电介质在电容器中作用(a)——( b)——。
[ 答案: (a) 提高电容器的容量;(b)延长电容器的使用寿命](4) 电量 Q均匀分布在半径为R 的球体内,则球内球外的静电能之比。
[ 答案: 5: 6]9.3电量都是q的三个点电荷,分别放在正三角形的三个顶点.试问:(1) 在这三角形的中心放一个什么样的电荷,就可以使这四个电荷都达到平衡( 即每个电荷受其他三个电荷的库仑力之和都为零)?(2) 这种平衡与三角形的边长有无关系?解 :如题9.3图示(1)以A处点电荷为研究对象,由力平衡知:q 为负电荷解得q 3 q3(2)与三角形边长无关.题 9.3 图题9.4图9.4两小球的质量都是m ,都用长为l的细绳挂在同一点,它们带有相同电量,静止时两线夹角为 2, 如题 9.4 图所示.设小球的半径和线的质量都可以忽略不计,求每个小球所带的电量.解: 如题 9.4 图示解得q 2 sin 40mgtan l9.5 根据点电荷场强公式E q,当被考察的场点距源点电荷很近(r →0) 时,则0r 24场强→∞,这是没有物理意义的,对此应如何理解?解 :qr0仅对点电荷成立,当r0 时,带电体不能再视为点电荷,再用上Er24π式求场强是错误的,实际带电体有一定形状大小,考虑电荷在带电体上的分布求出的场强不会是无限大.9.6在真空中有 A , B 两平行板,相对距离为 d ,板面积为 S ,其带电量分别为+ q 和q 2- q.则这两板之间有相互作用力 f ,有人说 f =40d 2,又有人说,因为f = qE , E q,所以 f =q2.试问这两种说法对吗 ?为什么 ? f 到底应等于多少?0 SS解 :题中的两种说法均不对.第一种说法中把两带电板视为点电荷是不对的,第二种说法把合场强E q看成是一个带电板在另一带电板处的场强也是不对的.正确0S解答应为一个板的电场为 Eq,另一板受它的作用力 f qq q22 0 S 2 0 S,这是两2 0 S板间相互作用的电场力.9.7 长l =15.0cm的直导线 AB上均匀地分布着线密度=5.0x10-9-1的正电C·m荷.试求: (1) 在导线的延长线上与导线 B端相距a1=5.0cm处P点的场强;(2)在导线的垂直平分线上与导线中点相距 d 2=5.0cm 处Q点的场强.解:如题 9.7 图所示(1) 在带电直线上取线元dx ,其上电量dq在 P 点产生场强为dE P1dx4π0(a x) 2l dxE P dE P2题 9.7图l(a x)24π02用 l 15 cm, 5.0 10 9 C m 1,a12.5 cm代入得E P 6.74102N C1方向水平向右(2) 同理dE Q1dx方向如题 9.7图所示4π0x 2 d 22由于对称性dE Qx 0 ,即 E Q只有 y 分量,l2∵dE Qy1dx dπ 0x2 d 22x 2d224以 5.0 10 9 C cm 1,l 15 cm,d2 5 cm 代入得E Q E Qy14.96 102N C1,方向沿 y 轴正向9.8一个半径为R的均匀带电半圆环,电荷线密度为, 求环心处O点的场强.解: 如 9.8 图在圆上取dl Rd题9.8 图dq dl R d,它在O点产生场强大小为RddE方向沿半径向外24π0 R则dE x dE sinsin d4π0 R积分E x sin d04π0 R2π0 R∴ E E x,方向沿 x 轴正向.2π0 R9.9均匀带电的细线弯成正方形,边长为l ,总电量为q .(1)求这正方形轴线上离中心为r 处的场强 E ;(2)证明:在r l 处,它相当于点电荷q 产生的场强 E .解 :如9.9图示,正方形一条边上电荷q在P点产生物强dE P方向如图,大小为4l∵cos212r 2l2∴dE Pl2 l 22 l 24π0r r42 dE P在垂直于平面上的分量dE dE P cos∴l rdE4π0r 2l 2r 2l 2r 2l 2424题9.9 图由于对称性,P 点场强沿 OP 方向,大小为q∵4l∴E P qr方向沿 OP4π0 ( r 2l 2) r2 l 2429.10 (1)点电荷q位于一边长为a的立方体中心,试求在该点电荷电场中穿过立方体的一个面的电通量;(2) 如果该场源点电荷移动到该立方体的一个顶点上,这时穿过立方体各面的电通量是多少?解: (1)由高斯定理qE dSs立方体六个面,当q 在立方体中心时,每个面上电通量相等∴ 各面电通量e q.60(2) 电荷在顶点时,将立方体延伸为边长2a 的立方体,使 q 处于边长 2a 的立方体中心,则边长 2a 的正方形上电通量qe60q对于边长 a 的正方形,如果它不包含q 所在的顶点,则e,24 0如果它包含 q 所在顶点则e0 .如题 9.10 图所示.题9.10图9.11 均匀带电球壳内半径6cm,外半径 10cm,电荷体密度为 2×105-3求距球心C· m5cm,8cm ,12cm 各点的场强.解 :高斯定理 E dS q, E4πr2qs00当 r 5 cm时,q 0 ,E0r 8 cm时, q p 4π(r3r内3 ) 34πr3r内2∴E323.48 104N C1,方向沿半径向外.4π0 rr 12cm时 ,4π33q( r外内3r )4πr外3r内3∴E324.10 104N C1沿半径向外 .4π0 r9.12半径为R1和R2(R2>R1)的两无限长同轴圆柱面,单位长度上分别带有电量和- , 试求 :(1)r < R1;(2)R1< r < R2;(3)r > R2处各点的场强.解 :高斯定理q E dSs取同轴圆柱形高斯面,侧面积S2πrl则 E dSSE2πrl对 (1)r R1q 0, E0(2)R1r R2q l∴E沿径向向外2π0 r(3)r R2q0∴ E 0题9.13 图9.13两个无限大的平行平面都均匀带电,电荷的面密度分别为 1 和 2 ,试求空间各处场强.解 :如题9.13图示,两带电平面均匀带电,电荷面密度分别为 1 与 2 ,两面间, E1( 12 ) n201面外, E1( 12 )n202面外, E1( 12 ) n20n :垂直于两平面由 1 面指为 2 面.9.14半径为R 的均匀带电球体内的电荷体密度为, 若在球内挖去一块半径为r <R 的小球体,如题9.14 图所示.试求:两球心O 与 O点的场强,并证明小球空腔内的电场是均匀的.解 :将此带电体看作带正电的均匀球与带电的均匀小球的组合,见题9.14图(a).(1)球在O点产生电场E100 ,4 π3球在 O 点产生电场E2033OO'4π0dr 3∴O点电场EOO';030d34d3(2)在O产生电场E1033 OO '4π0d球在 O 产生电场E200∴O点电场E03OO '题 9.14 图(a)题9.14图(b)(3)设空腔任一点 P 相对 O 的位矢为 r ,相对 O 点位矢为 r (如题8-13(b)图)则E PO r ,30EPO r,30∴EPEPOEPO( r r )dOO'3 0 3 0 3 0∴腔内场强是均匀的.9.15一电偶极子由 q =1.0×10-6C的两个异号点电荷组成,两电荷距离d=0.2cm,把这电偶极子放在 1.0 × 105N·C-1的外电场中,求外电场作用于电偶极子上的最大力矩.解 :∵电偶极子p在外场E中受力矩∴M max pE qlE 代入数字9.16两点电荷q1=1.5× 10-8C,q2=3.0× 10-8C,相距r1=42cm,要把它们之间的距离变为 r2=25cm,需作多少功?解 : Ar2F dr r2 q1q2drq1q2 (11 )r1r2 4π0r24π0 r1r2外力需作的功A A 6.55 10 6J题9.17 图9.17如题9.17图所示,在A,B两点处放有电量分别为+q ,- q的点电荷,AB间距离为 2 R,现将另一正试验点电荷q0从O点经过半圆弧移到 C 点,求移动过程中电场力作的功.解: 如题 9.17 图示∴ A q0 (U Oq o q U C )6π0 R9.18如题9.18图所示的绝缘细线上均匀分布着线密度为的正电荷,两直导线的长度和半圆环的半径都等于R .试求环中心 O 点处的场强和电势.解 : (1)由于电荷均匀分布与对称性,AB 和 CD 段电荷在 O 点产生的场强互相抵消,取dl Rd则 dq Rd产生O点dE如图,由于对称性,O点场强沿 y 轴负方向题9.18 图[sin() sin ]4π0 R22(2)AB 电荷在 O 点产生电势,以U0同理 CD 产生U 2ln 24π 0πR 半圆环产生U 34π 0 R4 0∴U O U 1 U 2 U 3ln 22π 04 04-1的匀速率作圆周运动.求带9.19 一电子绕一带均匀电荷的长直导线以 2× 10 m ·s电直线上的线电荷密度.-31-19( 电子质量 m 0 =9.1 × 10 kg ,电子电量 e =1.60 × 10 C)解 :设均匀带电直线电荷密度为,在电子轨道处场强电子受力大小F ee eE2π 0 r∴e v 2 2π 0 rmr得2π 0 mv 212.5 10 13 C m 1e-19.20 空气可以承受的场强的最大值为E =30kV · cm ,超过这个数值时空气要发生火花放电.今有一高压平行板电容器,极板间距离为 d =0.5cm ,求此电容器可承受的最高电压.解 :平行板电容器内部近似为均匀电场9.21 证明:对于两个无限大的平行平面带电导体板 ( 题9.21 图 ) 来说, (1) 相向的两面上,电荷的面密度总是大小相等而符号相反;(2) 相背的两面上,电荷的面密度总是大小相等而符号相同.证 :如题 9.21 图所示,设两导体A 、 的四个平面均匀带电的电荷面密度依次为1,B2,3,4题 9.21 图(1) 则取与平面垂直且底面分别在 A 、 B 内部的闭合柱面为高斯面时,有∴230说明相向两面上电荷面密度大小相等、符号相反;(2) 在 A 内部任取一点 P ,则其场强为零,并且它是由四个均匀带电平面产生的场强叠加而成的,即又∵230∴14说明相背两面上电荷面密度总是大小相等,符号相同.9.22 三个平行金属板2A ,B 和C 的面积都是 200cm , A 和 B 相距 4.0mm , A 与 C 相距 2.0 mm . B , C 都接地,如题 9.22 图所示.如果使 A 板带正电 3.0 ×10-7 C ,略去边缘效应,问 B 板和 C 板上的感应电荷各是多少?以地的电势为零,则 A 板的电势是多少?解 :如题9.22图示,令A板左侧面电荷面密度为 1 ,右侧面电荷面密度为2题9.22 图(1)∵∴∴且得而(2)U AC U AB,即E AC d AC E AB d AB1 E AC d AB2EABdAC21+q A2S2qA ,12q A3S3Sq C 1 S2q A 2 10 7C3q B 2 S 1 10 7 CU A E AC d AC 1 d AC 2.3103V9.23 两个半径分别为R1和 R2( R1< R2)的同心薄金属球壳,现给内球壳带电+ q,试计算: (1) 外球壳上的电荷分布及电势大小;(2)先把外球壳接地,然后断开接地线重新绝缘,此时外球壳的电荷分布及电势;*(3) 再使内球壳接地,此时内球壳上的电荷以及外球壳上的电势的改变量.解: (1)内球带电q ;球壳内表面带电则为q ,外表面带电为q ,且均匀分布,其电势U E dr qdr qR2 4π0 r24π0RR2题9.23 图(2) 外壳接地时,外表面电荷q 入地,外表面不带电,内表面电荷仍为q .所以球壳电势由内球q 与内表面q 产生:(3) 设此时内球壳带电量为q ;则外壳内表面带电量为q ,外壳外表面带电量为q q (电荷守恒),此时内球壳电势为零,且得q R1qR2外球壳上电势9.24半径为R的金属球离地面很远,并用导线与地相联,在与球心相距为d3R处有一点电荷 + q,试求:金属球上的感应电荷的电量.解 :如题9.24图所示,设金属球感应电荷为q ,则球接地时电势U O0题9.24 图由电势叠加原理有:得q q39.25 有三个大小相同的金属小球,小球 1,2带有等量同号电荷,相距甚远,其间的库仑力为 F 0 .试求:(1) 用带绝缘柄的不带电小球 3先后分别接触 1, 2后移去,小球 1, 2之间的库仑力;(2) 小球 3依次交替接触小球 1,2很多次后移去,小球 1, 2之间的库仑力.解 : 由题意知q 2F 00 r 24π (1) 小球 3 接触小球 1后,小球 3和小球 1均带电qq,2小球 3 再与小球 2 接触后,小球 2 与小球 3 均带电∴此时小球 1与小球 2 间相互作用力(2) 小球 3 依次交替接触小球 1、 2 很多次后,每个小球带电量均为2q .32 q 2 q4 ∴ 小球 1、 2间的作用力3 3F 24π 0 r 29F9.26 在半径为 R 1 的金属球之外包有一层外半径为 R 2 的均匀电介质球壳,介质相对介电常数为r ,金属球带电 Q .试求:(1) 电介质内、外的场强;(2) 电介质层内、外的电势;(3) 金属球的电势.解 : 利用有介质时的高斯定理D dSqS(1) 介质内 ( R 1r R 2 ) 场强DQr , E 内Qrr3;4π 34π0 rr介质外 (rR 2 ) 场强(2) 介质外 (r R 2 ) 电势介质内 (R 1 r R 2 ) 电势(3) 金属球的电势9.27 如题 9.27 图所示,在平行板电容器的一半容积内充入相对介电常数为 r 的电介质.试求:在有电介质部分和无电介质部分极板上自由电荷面密度的比值.解 : 如题 9.27 图所示,充满电介质部分场强为 E 2 ,真空部分场强为 E 1 ,自由电荷面密度分别为2 与1由 D dSq 0 得D1 1,D2 2而D1 0E 1 ,D2 0 rE2∴20 r E2r10 E1题 9.27 图题9.28图9.28两个同轴的圆柱面,长度均为l,半径分别为R1和R2(R2>R1),且l>>R2-R1,两柱面之间充有介电常数的均匀电介质 . 当两圆柱面分别带等量异号电荷Q 和- Q 时,求:(1)在半径 r 处( R1< r < R2=,厚度为dr,长为l的圆柱薄壳中任一点的电场能量密度和整个薄壳中的电场能量;(2)电介质中的总电场能量;(3)圆柱形电容器的电容.解 :取半径为r的同轴圆柱面( S)则D S rlD( S)d2π当 (R1r R2 ) 时,q Q∴(1)电场能量密度QD2πrlD 2Q 2w22l228π r薄壳中 dW wdQ 2Q 2 dr22l22πrdrl8π r4π rl(2)电介质中总电场能量(3) 电容:∵Q 2W2CQ 2πl∴C22W ln( R2 / R1 )题9.29 图9.29如题9.29图所示,C1=0.25F,C2 =0.15 F,C3 =0.20 F .C1上电压为50V.求:U AB.解 :电容C1上电量电容 C 2与 C3并联 C 23 C 2C3其上电荷 Q 23Q1∴Q23C1U 125 50 U 2C 2335C 239.30C1和 C 2两电容器分别标明“200 pF 、 500 V ”和“ 300 pF 、 900 V ”,把它们串联起来后等值电容是多少?如果两端加上 1000 V的电压,是否会击穿?解 : (1)C1与 C 2串联后电容(2)串联后电压比U 1C23,而 U 1 U 2 1000U 2C12∴U 1600 V, U 2400V即电容 C1电压超过耐压值会击穿,然后 C 2也击穿.9.31 半径为R1 =2.0cm 的导体球,外套有一同心的导体球壳,壳的内、外半径分别为R2=4.0cm和 R3=5.0cm,当内球带电荷 Q =3.0×10-8C时,求:(1)整个电场储存的能量;(2)如果将导体壳接地,计算储存的能量;(3)此电容器的电容值.解: 如图,内球带电Q,外球壳内表面带电Q ,外表面带电 Q题9.31 图(1) 在r R1和 R2r R3区域在 R1 r R2时QrE134π0 rr R3时QrE234π0 r∴在 R1r R2区域在 r R3区域∴总能量 W W1 W2Q 2(11 1 )8π0R1R2R3(2) 导体壳接地时,只有 R 1 r R 2 时 E Qr , W 2 0 4π 0 r 3∴W W 1 Q 2 ( 1 1 ) 1.01 10 4 J 8π 0 R 1 R 2(3) 电容器电容C 2W 4π 0 /( 1 1 ) Q 2 R 1 R 2。
京江学院大学物理练习一二三四答案
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2 v vx v2 y 58 (m / s) vy 7 arctan 与 x 轴夹角 arctan vx 3 dv d [3i (t 3) j ] (4) a j dt dt
a 1(m / S 2 )
沿y方向
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2
2
5
练习二选择题
1.质量为0.25kg的质点,受 F ti
(N)的力作用,
t=0时该质点以v0 2 j m/s的速度通过坐标原点,该
质点任意时刻的位置矢量是
练
习
二
2 (A) 2t i 2 j m 2 3 t i 2tj m (B) 3
B )
dr 2 at i 2btj v dt b x at 2 y x 2 a y bt
v风地
v风人 v风地 v人地 v风人 v人地 v人地
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练习一填充题
练习一填充题
1.由坐标原点O指向质点所在位置的矢量 称为 位矢 。
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4
练习一计算题3
dr 3i (t 3) j (3) v dt v t 4 3i 7 j
练习一计算题
4.一质点沿 x
轴作直线运动,其加速度为a=6t,
t=0s时,质点以=12m/s的速度通过坐标原点,求该质 点的运动方程。
x
ay 0
vy 2
y 2t
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(完整版)《大学物理》练习题及参考答案.doc

卡 循 是由两个平衡的 程和两个平衡的等 程 成的
11.如 所示,在E的匀 中,有一个半径
R的半
球面,若E的方向与半球面的 称 平行, 通 个半球面
的 通量大小 ⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯(
)
参看 本P172-173
A .
R2E
B .2 R2E
C.
2 R2E
D. 0
12.一点 荷,放在球形高斯面的中心 ,下列情况中通 高斯面
的速度为200m/s,则子弹受到的冲量为_____________.参看课本P55-56
41.将电荷量为2.0×10-8C的点电荷, 从电场中A点移到B点,电场力做功6.0×10-6J.
则A、B两点的电势差
UAB=__________ __ .
参看课本P181
42.
如图所示,图中
O点的磁感应强度大小
34.一人从10 m深的井中提水,起始 ,桶中装有10 kg的水,桶的 量1 kg,由
于水桶漏水,每升高1m要漏去0. 1 kg的水, 水桶匀速地从井中提到井口,人所作的功
____________.参看 本P70 (2-14)
35.量m、半径R、自 运 周期T的月球,若月球是密度均匀分布的 球体, 其 自 的 量是__________,做自 运 的 能是__________.参看 本
24.下列关于机械振 和机械波的 法正确的是⋯⋯⋯()参看 本P306
A.点做机械振 ,一定 生机械波
B.波是指波源 点在介 的 播 程
C.波的 播速度也就是波源的振 速度
D.波在介 中的 播 率与波源的振 率相同,而与介 无关
25.在以下矢量 中,属保守力 的是⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯()
A.静B.旋参看 本P180,212,258
大学物理学练习册答案
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大物练习册参考答案二、判断题01. × 02. × 03. × 04. √ 05. √ 06. × 07. × 08. √ 09. √ 10. √ 11. √ 12. √ 13. √ 14. × 15. √三、计算题1. 解:根据连续性原理可知,出口处流速为:112221120.16)010.0()020.0(0.4--•=•⨯==s m s m S S v v 选流入处为参考平面,即令01=h ,根据伯努利方程可求的高处的压强为:22222112121gh v p v p ρρρ++=+ Pa gh v v p p 52222112103.22121⨯=--+=ρρρ2. 解:以油滴为研究对象, 设油滴的半径为r ,不存在竖直向下的匀强电场时,其受力情况为:竖直向下的重力:g r mg G ρπ334== 竖直向上的浮力:g r F 0334ρπ=竖直向上的黏滞阻力:rv f πη6= 三力达到平衡时,即:G=F+f,油滴以最大速度0v 下降。
由受力平衡:003363434rv g r g r πηρπρπ+=(1) 当存在竖直向下的匀强电场时,仍然以油滴为研究对象, 其受力情况为:竖直向下的重力:g r mg G ρπ334== 竖直向上的浮力:g r F 0334ρπ=竖直向上的黏滞阻力:rv f πη6= 竖直向上的电场力:qE F =1四力达到平衡时,即:f F F G ++=1时,油滴以最大速度v 下降。
由受力平衡:rv qE g r g r πηρπρπ63434033++=(2) 由方程(1)和(2)可以求出q 为:E v v v g q 210021023)((1)29(34-⎥⎦⎤⎢⎣⎡-=ρρηπ 3. 解:设总的水滴数目为N 个,根据融合前后水的体积不变,可得: 6333420105010(1.010)3N π--⨯⨯⨯=⨯g(1) 则融合前后水的表面积改变量为:3264(1.010)2010S N π-∆=⨯-⨯g (2) 释放出的能量为E S α∆=∆ (3) 根据(1),(2),(3)方程可得 82.1810E J ∆=⨯4. 解:将虹吸管取为一流管。
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第十章练习一一、选择题1、下列四种运动(忽略阻力)中哪一种是简谐振动?( )(A)小球在地面上作完全弹性的上下跳动(B)细线悬挂一小球在竖直平面上作大角度的来回摆动(C)浮在水里的一均匀矩形木块,将它部分按入水中,然后松开,使木块上下浮动 (D)浮在水里的一均匀球形木块,将它部分按入水中,然后松开,使木块上下浮动 2、质点作简谐振动,距平衡位置2.0cm 时,加速度a=4.0cm/s 2,则该质点从一端运动到另一端的时间为( )(A)1.2s (B)2.4s (C)2.2s (D)4.4s3、如图下所示,以向右为正方向,用向左的力压缩一弹簧,然后松手任其振动,若从松手时开始计时,则该弹簧振子的初相位为( )(A) 0 (B) 2π (C) 2π-(D) π 4、一质量为m 的物体与一个劲度系数为k 的轻弹簧组成弹簧振子,当其振幅为A 时,该弹簧振子的总能量为E 。
若将其弹簧分割成两等份,将两根弹簧并联组成新的弹簧振子,则新弹簧振子的振幅为多少时,其总能量与原先弹簧振子的总能量E 相等( )(A)2A (B) 4A(C)2A (D)A 二、填空题1、已知简谐振动A x =)cos(0ϕω+t 的周期为T ,在2Tt =时的质点速度为 ,加速度为 。
2、已知月球上的重力加速度是地球的1/6,若一个单摆(只考虑小角度摆动)在地球上的振动周期为T ,将该单摆拿到月球上去,其振动周期应为 。
3、一质点作简谐振动,在同一周期内相继通过相距为11cm 的A,B 两点,历时2秒,速度大小与方向均相同,再经过2秒,从另一方向以相同速率反向通过B 点。
该振动的振幅为 ,周期为 。
4、简谐振动的总能量是E ,当位移是振幅的一半时,k E E= ,P EE = ,当xA= 时,k P E E =。
三、计算题1、一振动质点的振动曲线如右图所示, 试求:(l)运动学方程;(2)点P 对应的相位;(3)从振动开始到达点P 相应位置所需的时间。
2、一质量为10g 的物体作简谐运动,其振幅为24 cm ,周期为4.0s ,当t=0时,位移为+24cm 。
求:(1)t=0.5s 时,物体所在位置;(2)t=0.5s 时,物体所受.力的大小与方向;(3)由起始位置运动到x =12cm 处所需的最少时间;(4)在x =12cm 处,物体的速度、动能以及系统的势能和总能量。
3、如右图所示,绝热容器上端有一截面积为S 的玻璃管,管内 放有一质量为m 的光滑小球作为活塞。
容器内储有体积为V 、 压强为p 的某种气体,设大气压强为p 0。
开始时将小球稍向下 移,然后放手,则小球将上下振动。
如果测出小球作谐振动时的 周期T ,就可以测定气体的比热容比γ。
试证明2224mV pS T πγ=(假定小球在振动过程中,容器内气体进行的过程可看作准静态绝热过程。
)练习二一、选择题1、一弹簧振子,当把它水平放置时,它可以作简谐振动。
若把它竖直放置或放在固定的光滑斜面上,试判断下面哪种情况是正确的:( )(A) 竖直放置可作简谐振动,放在光滑斜面上不能作简谐振动(B) 竖直放置不能作简谐振动,放在光滑斜面上可作简谐振动(C) 两种情况都可作简谐振动(D) 两种情况都不能作简谐振动2、在阻尼振动中,振动系统( )(A) 只是振幅减小(B) 只是振动变慢(C) 振幅既不减小,振动也不变慢(D) 振幅减小且振动变慢3、下列选项中不属于阻尼振动基本形式的是( )(A) 强阻尼(B) 欠阻尼(C) 过阻尼(D) 临界阻尼4、受迫振动的振幅依赖于( )(A) 振子的性质(B) 振子的初始状态(C) 阻尼的大小(D) 驱动力的特征二、填空题1、实际上,真实的振动系统总会受到阻力作用而作振幅不断减小的阻尼振动,这是因为阻尼的存在使系统的能量逐渐减少,能量损失的原因通常有两种:和。
2、在灵敏电流计等精密仪表中,为使人们能较快地和较准确地进行读数测量,常使电流计的偏转系统工作在状态下。
3、试分别写出简谐振动、阻尼振动和受迫振动的运动微分方程、、。
4、在阻尼很小的情况下,受迫振动的频率取决于驱动力的频率,当驱动力的频率逐渐趋近于振动系统的固有频率时,振幅达到最大值,这种现象叫做。
三、计算题1、质量为m=5.88kg的物体,挂在弹簧上,让它在竖直方向上作自由振动。
在无阻尼情况下,其振动周期为T=0.4πs;在阻力与物体运动速度成正比的某一介质中,它的振动周期为T=0.5πs。
求当速度为0.01m/s时,物体在阻尼介质中所受的阻力。
2、一摆在空中振动,某时刻,振幅为A0=0.03m,经t1=10s后,振幅变为A1=0.01m。
问:由振幅为A0时起,经多长时间,其振幅减为A2=0.003m?3、火车在行驶,每当车轮经过两根铁轨的接缝时,车轮就受到一次冲击,从而使装在弹簧上的车厢发生上下振动。
设每段铁轨长12.6m,如果车厢与载荷的总质量为55 t,车厢下的减振弹簧每受10 kN(即1 t质量的重力)的载荷将被压缩0.8 mm。
试问火车速率多大时,振动特别强?(这个速率称为火车的危险速率。
)目前,我国铁路提速已超过140 km/h,试问如何解决提速问题。
练习三一、选择题1、下列关于LC 振荡电路中说法不正确的是( )(A)电路中电流和电容器上的电量的变化也是一种简谐振动 (B)电容器放电完毕时,电路中的电流达到最大值(C)电场能和磁场能相互转化,但总的电磁能量保持不变(D)电容器充电时,由于线圈的自感作用,电流只能逐渐增大 2、LC 振荡电路中电荷和电流的变化,下列描述不正确的是( ) (A) 电荷和电流都作谐振动 (B) 电荷和电流都作等幅振动(C) 电荷的相位比电流的相位超前π/2 (D) 电荷和电流振动的频率相同3、两同方向同频率的简谐振动的振动方程为)25cos(61π+=t x (SI ),)25c o s (22π-=t x (SI ),则它们的合振动的振动方程应为( ) (A) ()SI 5cos 4tx = (B)()()SI 5cos 8π-=t x(C) ()SI 210cos 4⎪⎭⎫⎝⎛+=πt x (D)()SI 25cos 4⎪⎭⎫⎝⎛+=πt x4、已知两同方向同频率的简谐振动的振动方程分别为)3c os (11πω+=t A x (SI ),)6c o s (22πω-=t A x (SI ),则它们的合振幅应为( ) (A)21A A - (B) 21A A + (C)2221A A + (D) 2221A A -二、填空题1、两个同方向同频率的简谐振动,其振动表达式分别为:)215cos(10621π+⨯=-t x (SI) , )5c o s (10222t x -π⨯=- (SI)它们的合振动的振辐为 ,初相为 。
2、一质点同时参与了两个同方向的简谐振动,它们的振动方程分别为)41cos(05.01π+=t x ω (SI), )129cos(05.02π+=t x ω (SI)其合成运动的运动方程为x = 。
3、已知一物体同时参与两个同方向同频率的简谐振动,这两个简谐振动的振动曲线如下图所示,其中A 1>A 2,则该物体振动的初相为__ __。
4、两个同方向同频率的简谐振动,其合振动的振幅为20 cm ,与第一个简谐振动的相位差为φ –φ1 = π/6。
若第一个简谐振动的振幅为310cm = 17.3 cm ,则第二个简谐振动的振幅为__ __ cm ,第一、二两个简谐振动的相位差φ1 - φ2为 。
三、计算题1、由一个电容C =4.0μF 的电容器和一个自感为L =10mH 的线圈组成的LC 电路,当电容器上电荷的最大值Q 0=6.0×10-5C 时开始作无阻尼自由振荡,试求: (l )电场能量和磁场能量的最大值;(2)当电场能量和磁场能量相等时,电容器上的电荷量。
2、三个同方向、同频率的谐振动为10.1cos(10)()6x t m π=+20.1cos(10)()2x t m π=+350.1cos(10)()6x t m π=+试利用旋转矢量法求出合振动的表达式。
3、当两个同方向的谐振动合成为一个振动时,其振动表达式为cos2.1cos50.0x A t t =式中t 以s 为单位。
求各分振动的角频率和合振动的拍的周期。
第十一章练习一一、选择题1、当一列机械波在弹性介质中由近向远传播的时候,下列描述错误的是( ) (A)机械波传播的是介质原子(B)机械波传播的是介质原子的振动状态 (C)机械波传播的是介质原子的振动相位 (D)机械波传播的是介质原子的振动能量2、已知一平面简谐波的表达式为 )cos(bx at A y -=(a 、b 为正值常量),则( ) (A )波的频率为a ; (B )波的传播速度为 b/a ; (C )波长为 π / b ; (D )波的周期为2π / a 。
3、一平面简谐波的波形曲线如右图所示,则( ) (A)其周期为8s (B)其波长为10m(C)x =6m 的质点向右运动(D)x =6m 的质点向下运动4、如右图所示,一平面简谐波以波速u 沿x 轴正方向传播,O 为坐标原点.已知P 点的振动方程为cos y A t ω=,则( )(A )O 点的振动方程为 []cos (/)y A t l u ω=-; (B )波的表达式为 {}cos [(/)(/)]y A t l u x u ω=--; (C )波的表达式为 {}cos [(/)(/)]y A t l u x u ω=+-; (D )C 点的振动方程为 []cos (3/)y A t l u ω=-。
二、填空题1、有一平面简谐波沿Ox 轴的正方向传播,已知其周期为s 5.0,振幅为m 1,波长为m 2,且在0=t 时坐标原点处的质点位于负的最大位移处,则该简谐波的波动方程为 。
2、已知一简谐波在介质A 中的传播速度为u ,若该简谐波进入介质B 时,波长变为在介质A 中的波长的两倍,则该简谐波在介质B 中的传播速度为 。
3、已知一平面简谐波的表达式为 )37.0125cos(25.0x t y -= (SI),则1= 10m x 点处质点的振动方程为________________________________; 1= 10m x 和2= 25m x 两点间的振动相位差为_____________。
4、一简谐波的波形曲线如右图所示,若已知 该时刻质点A 向上运动,则该简谐波的传播方向 为 ,B 、C 、D 质点在该时刻的 运动方向为B ,C ,D 。
))三、计算题1、一横波沿绳子传播时的波动方程式为0.05cos(104)y t x ππ=-x ,y 的单位为m ,t 的单位为s 。